第五章习题(方德静)

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微计算机原理(第2版)第五章课后习题答案潘名莲马争丁庆生编著

第五章主存储器5-1 试简述ROM和RAM的区别。

解：ROM和RAM都是半导体存储器。

ROM称为只读存储器。

存储单元中的信息可一次写入多次读出。

当ROM存储器芯片掉电时，存储单元中的信息不会消失。

因此又称ROM为固定存储器。

RAM称为随机存取存储器。

存储单元中的信息可根据需要随时写入或读出。

但当RAM存储器芯片掉电时，存储单元中的信息将会消失。

因此又称RAM为易失性存储器。

5-2 试简述SRAM和DRAM的区别。

解：SRAM和DRAM都是随机存取存储器。

SRAM称为静态随机存取存储器，每一存储单元由6个MOS场效应管够成，相对集成度低。

DRAM称为动态随机存取存储器，每一存储单元由1个MOS场效应管加1个电容构成，相对集成度高。

应用中，SRAM较简单，因无电容，不需要电容的外围刷新电路；DRAM 较复杂，因有电容，需要电容的外围刷新电路。

5-3 试简述ROM、PROM、EPROM和EEPROM的区别。

解：ROM、PROM、EPROM和EEPROM都是只读存储器，但制造工艺不同应用条件也不同。

ROM是掩膜型ROM，存储内容在生产时已经固化，故不能修改；PROM是一次编程型ROM，当第一次写入内容后就不能再修改；EPROM和EEPROM都是多次编程型ROM，即可向存储单元中多次写入新的内容，；两者所不同的是，对原内容的擦除方法不同，EPROM 用紫外线光进行擦除而EEPROM用电进行擦除。

5-4 试简述线选法、部分译码法和全译码法的区别。

解：线选法可用CPU的片选地址线直接控制存储器芯片的片选端，故不需要额外的电子器件；其优点是简单实用，但因每条片选地址线仅能控制某个存储器芯片的片选端，片选地址线的利用率低，并且存储空间不连续，存储空间范围有限。

部分译码法用CPU的片选地址线中的一部分地址线参加译码，用译码输出线控制存储器芯片的片选端。

由于要译码，此法需要译码器芯片。

由于仅部分片选地址线参加译码，CPU不能对全寻址范围进行寻址，并且每一个存储单元有多个地址值对应，即重叠地址。

大学物理学第五章课后答案赵近芳

选择题(1)一物体作简谐振动，振动方程为)2cos(πω+=t A x ，则该物体在0=t 时刻的动能与8/T t =（T 为振动周期）时刻的动能之比为： (A)1：4 （B ）1：2 （C ）1：1 (D) 2：1[答案：D](2)弹簧振子在光滑水平面上作简谐振动时，弹性力在半个周期内所作的功为(A)kA 2 (B) kA 2/2 (C) kA 24A ±2A ±23A ±22A ±4cm2cm2cm 23s 2A cos(2//2)x A t T ππ=-cos(2//3)x A t T ππ=+0d d 222=+ξωξt O θsin mg -S ∆R RS∆=θθmg -中负号，表示回复力的方向始终与角位移的方向相反．即小球在O 点附近的往复运动中所受回复力为线性的．若以小球为对象，则小球在以O '为圆心的竖直平面内作圆周运动，由牛顿第二定律，在凹槽切线方向上有θθmg tmR -=22d d令Rg=2ω，则有 222d 0d tθωθ+=弹簧振子的振幅增大到原振幅的两倍时，其振动周期、振动能量、最大速度和最大加速度等物理量将如何变化解：弹簧振子的振动周期、振动能量、最大速度和最大加速度的表达式分别为222122,m m T E kA v A a Aππωωω===== 所以当振幅增大到原振幅的两倍时，振动周期不变，振动能量增大为原来的4倍，最大速度增大为原来的2倍，最大加速度增大为原来的2倍。

单摆的周期受哪些因素影响把某一单摆由赤道拿到北极去，它的周期是否变化解：单摆的周期为22T πω==因此受摆线长度和重力加速度的影响。

把单摆由赤道拿到北极去，由于摆线长度不变，重力加速度增大，因此它的周期是变小。

简谐振动的速度和加速度在什么情况下是同号的在什么情况下是异号的加速度为正值时，振动质点的速率是否一定在增大解：简谐振动的速度和加速度的表达式分别为020sin()cos()v A t a A t ωωϕωωϕ=-+=-+当00sin()cos()t t ωϕωϕ++与同号时，即位相在第1或第3象限时，速度和加速度同号；当00sin()cos()t t ωϕωϕ++与异号时，即位相在第2或第4象限时，速度和加速度异号。

理论力学陈立群第5章习题解答

第五章点的合成运动习题解答5-1 在图a 、b 所示的两种机构中，已知20021==a O O mm，31=ωrad/s 。

求图示位置时杆A O 2的角速度。

解：（1）取杆A O 1上的A 点为动点，杆A O 2为动系。

1a ωa v =，由r e a v v v +=作速度平行四边形（如题5-1图a 所示），得a v v 1a e 2330cos ω==ο， rad/s 5.1212e 2===ωωA O v ，（逆时针）（2）取滑块A 为动点，杆A O 1为动系， 1e ωa v =，由r e a v v v +=作速度平行四边形（如题5-1图b 所示），得1ea 3230cos ωa v v ==ο， rad/s 23212a 2===ωωA O v .（逆时针）5-2图示曲柄滑道机构中，杆BC 为水平，杆DE 保持铅直。

曲柄长10.OA =m ，并以匀角速度20=ωrad/s 绕O 轴转动，通过滑块A 使杆BC 作往复运动。

求当曲柄水平线的交角分别为0=ϕ、ο30、ο90时杆BC 的速度。

解：取滑块A 为动点，动系为BCE 杆。

m /s 2OA a =⋅=ϕ&v . 由 r e a v v v += 得 ϕsin a e v v =当ο0=ϕ 时， 0e =v ；当ο30=ϕ时，m/s 1e =v ；当90=ϕ时，m/s 2e =v .5-3图示曲柄滑道机构中，曲柄长r OA =，并以匀角速度ω饶O 轴转动。

装在水平杆上的滑槽DE 与水平线成ο60角。

求当曲柄与水平线交角0=ϕ、ο30、ο60时，杆BC 的速度。

解：取滑块A 为动点，动系为杆BC ，ωωr v =⋅=OA a . 作速度矢量图如图示。

由正弦定理)30-sin()60-sin(180ea οοοϕv v =，解得题5-3图题5-2图(a)( b)题5-1图)30-sin(32-e οϕω⋅=r v . 当ο0=ϕ时， 33e v r ω=；当30oϕ=时， 0=e v ；当60oϕ=时， 3e v r ω=-(向右).5-4如图所示，瓦特离心调速器以角速度ω绕铅垂轴转动。

立信管理会计第五章课后习题答案

第五章课后计算题参考解答肖成民会计与财务学院第1题•（1）这是一个特殊订单决策。

•接受这个订单带来的收入增加•300×（1-30%）×（20-12）•=1680 万元•接受这个订单导致的成本增加•200×8=1600 万元•接受这个订单的增量收益•1680-1600=80 万元，应接受订单。

16801600=80万元应接受订单第1题（2）这是个为了实现目标利润的定价决•（2）这是一个为了实现目标利润的定价决策。

假设价格为p，则•(300-200) ×12+(p-200) ×8-400=1450•其中，（300-200）×12是预测正常销售量能够带来的边际贡献（p 200）×8是量能够带来的边际贡献；（p-200）×8是剩余8万件产品能够带来的边际贡献。

•p=281.25 元解得p 元第2题：Make or Buy Decision 第2题：Make or Buy Decision •（1）外购成本2.10×100 000210 000 元•210×100000=210000元•自制成本•A. 生产成本0.80×100 000=80 000元B. 机会成本•B机会成本5×15 000-30 000-6 000-4 000=35 000 元•自制总成本=80 000+35 000=115 000 元•自制成本小于外购成本，应该自制。

第2题：Make or Buy Decision 第2题：Make or Buy Decision •（2）如果制造塑料玩具的固定成本降低为100 000元，说明自制总的固定成本中有100000元说明自制总的固定成本中有20 000元是可避免的，即相关的。

20000元是可避免的即相关的•此时自制的总成本为•80 000+20 000+35 000=135 000 元元•自制成本仍然小于外购成本，选择自制。

余孟尝第三版课后习题答案第五章习题题目

自我检查题5.1 时序电路和组合电路的根本区别是什么？同步时序电路与异步时序电路有何不同？5.2 画出图T5.2所示电路的状态和时序图，并简述其功能。

5.3 试用边沿JK触发器和门电路设计一个按自然态序进行计数的七进制同步加法计数器。

5.4 画出用时钟脉冲上升沿触发的边沿D触发器组成的4位二进制异步加法计数器和减法计数器的逻辑电路图。

5.5 试画出用两片74161构成的24进制计数器的电路连线图。

5.6 试画出用两片4位双向移位寄存器74LS194组成的8位双向移位寄存器的连线图。

5.7 指出下列各种触发器中哪些可以用来构成移位寄存器和计数器，哪些不能，凡能者在（）内打√，不能者打×。

(1)基本RS触发器（）（2）同步RS触发器（）（3）同步D 锁存器（）（4）边沿D触发器（）（5）边沿JK触发器（）5.8 RAM和ROM在电路结构和工作原理上有何不同？思考题与习题题5.1 时序电路如图P5.1所示，起始状态Q0Q1Q2=001，画出电路的时序图。

题5.2 画出P5.2所示电路的状态图题5.3 画出图P5.3所示电路的状态图和时序图。

题5.4 试画出图P5.4（a）电路中B、C端波形。

输入端A、CP波形如图P5.5(b）所示，触发器起始状态均为零。

题5.5 画出图P5.5所示电路的状态图，若令K2=1，试问电路计数顺序将如何变化？题5.6 试问图P5.6所示电路的计数长度N是多少？能自启动吗？题5.7 画出图P5.7所示电路的状态图和时序图？题5.8 试用下降沿触发的边沿JK触发器设计一个同步时序电路，其要求如图P5.8所示题5.9 试用上升沿触发的边沿D触发器和与非门设计一个同步时序电路，要求如图P5.9所示题5.10 设计一个脉冲序列发生器，使之在一系列CP信号作用下，其输出端能周期性的输出00101101的脉冲序列。

题5.11 设计一个步进电机用的三相六状态脉冲分配器。

如果用1表示线圈导通，用0表示线圈截止，则三个线圈ABC的状态转换图应如图P5.11所示。

(完整版)漆安慎杜禅英力学习题及答案05章

一、基本知识小结⒈力矩力对点的力矩 Fr o⨯=τ力对轴的力矩 ⊥⊥⨯=F r k zˆτ⒉角动量质点对点的角动量 pr L o⨯=质点对轴的角动量 ⊥⊥⨯=p r k L zˆ⒊角动量定理适用于惯性系、质点、质点系⑴质点或质点系对某点的角动量对时间的变化率等于作用于质点或质点系的外力对该点的力矩之和∑=dtL d 0外τ⑵质点或质点系对某轴的角动量对时间的变化率等于作用于质点或质点系的外力对该轴的力矩之和∑=dtdL zz τ⒋角动量守恒定律适用于惯性系、质点、质点系⑴若作用于质点或质点系的外力对某点的力矩之和始终为零，则质点或质点系对该点的角动量保持不变⑵若作用于质点或质点系的外力对某轴的力矩之和始终为零，则质点或质点系对该轴的角动量保持不变⒌对质心参考系可直接应用角动量定理及其守恒定律，而不必考虑惯性力矩。

5.1下面的叙述是否正确,试作分析,并把错误的叙述改正过来:（1）、一定质量的质点在运动中某时刻的加速度一经确定，则质点所受的合力就可以确定了，同时作用于质点的力矩也就确定了。

（2）、质点作圆周运动必定受到力矩的作用；质点作直线运动必定不受力矩的作用。

（3）、力与z 轴平行，所以力矩为零；力与z 轴垂直，所以力矩不为零。

（4）、小球与放置在光滑水平面上的轻杆一端连结，轻杆另一端固定在铅直轴上。

垂直于杆用力推小球，小球受到该力力矩作用，由静止而绕铅直轴转动，产生了角动量。

所以，力矩是产生角动量的原因，而且力矩的方向与角动量方向相同。

（5）、作匀速圆周运动的质点，其质量m ，速率v 及圆周半径r 都是常量。

虽然其速度方向时时在改变，但却总与半径垂直，所以，其角动量守恒。

答：（1）不正确. 因为计算力矩, 必须明确对哪个参考点. 否则没有意义. 作用于质点的合力可以由加速度确定. 但没有明确参考点时, 谈力矩是没有意义的.（2）不正确. 质点作圆周运动时, 有两种情况: 一种是匀速圆周运动, 它所受合力通过圆心; 另一种是变速圆周运动, 它所受的合力一般不通过圆心. 若对圆心求力矩, 则前者为零, 后者不为零.质点作直线运动, 作用于质点的合力必沿直线. 若对直线上一点求力矩, 必为零; 对线外一点求力矩则不为零。

线性代数与解析几何课后答案 (代万基廉庆荣)第五章习题答案

思考题 5-2
1．（1) 不正确。当 r ( A) r 时， A 中有一个 r 阶非奇异子阵就行，不需要所有 r 阶子阵都是非奇异的. (2) 正确。（3）正确。因为 A 的行秩与列秩相等，当 A 为方阵时， A 的秩与 A 的行数和列数的大小关系是一样的，所以 A 的行向量组和列向量组有相同的线性相关性.
1 0
0 1
1 , b2 。 a1 , a2 和 b1 , b2 这两个 0 1 2
向量组都线性相关，但 a1 b1 , a2 b2 却是线性无关的。 5. 向量组 a1 , a2 ,
设 b b1 , b2 ,
, bn , 则 b b1e1 b2e2
4. 证法 1：因为 A 可逆，所以方程组 Ax b 有解。根据定理 5-1，向量 b 能由 A 的列向量组 a1 , a2 ,
, an 线性表示，所以向量组 a1 , a2 ,
, an , b 线性相关.
, an , an1 线性无关。根据定理 5-4 用反证法可以证明这一结论。
习题 5-1
1.提示：用行列式做。（1）线性无关。（2）线性相关。. 2. k 0 且 k 1 。 3.证：
e1 , e2 ,
, en E 1, e1 , e2 ,
T
, en 线性无关。
bn en .
2
k
lk Ak 1α 0 。
m
(1)
由 A α 0 可知，当 m k 时， A α 0 . 用A
k 1
乘以（1）式，得 l1 A
k 1
α 0.
因为 A
k 1
（1）式成为 α 0, 所以 l1 0. 这时，

保险学课程习题

保险学课程习题保险学课程习题习题部分：第一章风险管理概述一、选择题1、以下不属于纯粹风险的有（）。

A.自然灾害B.人为灾祸C.套期保值D.经营风险E.股票投资2、对付风险的主要方法有（）。

A.风险转移B.风险自留C.风险回避D.损失预防E.损失抑制3、损失赔偿说的代表人物有（）。

A.英国的马歇尔B.日本的米谷隆三C.美国的维兰特D.意大利的费方德E.德国的马修斯4、非损失说包括（）。

A.保险技术说B.相互金融机构说C.欲望满足说D.财产共同准备说E.风险转移说5、下列关于共同保险与再保险的关系的说法，正确的是（）。

A.共同保险与再保险都是对风险责任进行的第一次分摊B.共同保险与再保险反映的保险关系不同C.共同保险是对风险的纵向转移，再保险对风险的横向转移D.共同保险是对风险的横向转移，再保险对风险的纵向转移E.共同保险是对风险的第一次分摊，再保险对风险的第二次分摊二、判断题：1、风险是损失的不确定性，所以不确定的损失风险都是可保风险。

2、信用保险的投保人是权利人，而保证保险的投保人是义务人自己。

3、再保险中，投保人与再保险人之间没有直接的联系，两者通过原保险人发生间接关系。

4、一切险是将保险合同中没有明示的风险视为除外责任，而综合险是将保险合同中没有明示的风险视为保险责任。

三、名词解释：1．风险2．静态风险3．责任风险4．保险5．大数法则四、简答题：1．比较保险与赌博、储蓄以及投资的异同。

2. 什么叫风险？损失概率与风险大小有何关系？3．对付风险有哪几种方法？它们分别归入哪两类风险管理技术？4. 何谓风险管理？说出风险管理的程序？说明保险和风险管理的关系。

5．从损失频率高低和损失程度大小来划分风险类型，保险适合于对付哪一类风险？第二章保险原理一、选择题：1．属于中国古代相互保险形式的储粮备荒制度是（）。

A．春秋战国“委积”制度 B．汉朝“常平仓”制度C．隋唐“义仓”制度 D．宋明“社仓”制度2．1949年5月上海解放后，上海市军管会财政经济接管委员会金融处保险组专门负责接管官僚资本的保险机构和管理私营保险公司，对私营华商保险公司采取的措施是（）。

常微分方程第五章测试题及参考答案

常微分方程第五章测试题班级__________姓名__________学号________得分__________一、填空（３０分）1、在用皮卡逐步逼近法求方程组η=+=')(),()(0t x x f x t A x 的近似解时，若取ηϕ=)(0t ，则=)(t k ϕ（）。

2、如果)(t A 是n n ⨯矩阵，)(t f 是n 维列向量，则它们在b t a ≤≤上满足（）时，方程组)()(t f x t A x +='满足初始条件η=)(0t x 的解在b t a ≤≤上存在唯一。

3、若)(),(),(21t f t a t a 是[b a ,]上的连续函数，)(),(21t x t x 是方程0)()(21=+'+''x t a x t a x 的两个线性无关解，则的通解为( )。

4、若)(t Φ和)(t ψ都是x t A x )(='的基解矩阵，则)(t Φ与)(t ψ具有关系（）。

5、若A 是n n ⨯常数矩阵，则矩阵指数exPA=( )。

6、若A 矩阵具有n 个线性无关的特征向量n v v v ,,21，她们对应的特征值分别为n λλλ ,,21，那么矩阵)(t Φ=（）是常系数线性方程组Ax x ='的一个基解矩阵。

7、若)(t Φ是x t A x )(=' 的基解矩阵，则)()(t f x t A x +='满足的解=)(t ϕ（）。

8、若)(t Φ是x t A x )(=' 的基解矩阵，则向量函数=)(t ϕ（）是)()(t f x t A x +='的满足初始条件 0)(0=t ϕ的解；向量函数=)(t ϕ（）是)()(t f x t A x +='的满足初始条件ηϕ=)(0t 的解。

9、方程组x t A x )(='的n 个解)(,),(),(21t x t x t x n 线性无关的充要条件是（）。

结构化学第五章习题及答案

习题1. 用VSEPR 理论简要说明下列分子和离子中价电子空间分布情况以及分子和离子的几何构型。

(1) AsH 3; (2)ClF 3; (3) SO 3; (4) SO 32-; (5) CH 3+; (6) CH 3- 2. 用VSEPR 理论推测下列分子或离子的形状。

(1) AlF 63-; (2) TaI 4-; (3) CaBr 4; (4) NO 3-; (5) NCO -; (6) ClNO 3. 指出下列每种分子的中心原子价轨道的杂化类型和分子构型。

(1) CS 2; (2) NO 2+; (3) SO 3; (4) BF 3; (5) CBr 4; (6) SiH 4;(7) MnO 4-; (8) SeF 6; (9) AlF 63-; (10) PF 4+; (11) IF 6+; (12) (CH 3)2SnF 24. 根据图示的各轨道的位向关系，遵循杂化原则求出dsp 2等性杂化轨道的表达式。

5. 写出下列分子的休克尔行列式：CH CH 21234567812346. 某富烯的久期行列式如下，试画出分子骨架，并给碳原子编号。

0100001100101100001100001101001 xx x x x x 7. 用HMO 法计算烯丙基自由基的正离子和负离子的π能级和π分子轨道，讨论它们的稳定性，并与烯丙基自由基相比较。

8. 用HMO 法讨论环丙烯基自由基C 3H 3·的离域π分子轨道并画出图形，观察轨道节面数目和分布特点；计算各碳原子的π电荷密度，键级和自由价，画出分子图。

9. 判断下列分子中的离域π键类型：(1) CO2 (2) BF3(3)C6H6(4) CH2=CH-CH=O(5)NO3－(6)C6H5COO－(7) O3(8) C6H5NO2(9)CH2＝CH－O－CH＝CH2(10) CH2＝C＝CH210. 比较CO2,CO和丙酮中C—O键的相对长度，并说明理由。

理论力学课后答案第五章(周衍柏)

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工程热力学第三版第五章曾丹苓答案

工程热力学第三版第五章曾丹苓答案1. 引言《工程热力学第三版》是一本经典的热力学教材，对于工程热力学的基本概念和原理进行了深入浅出的讲解。

本文将针对该教材第五章的习题进行答案解析，解答由曾丹苓老师提供的习题。

2. 习题答案2.1 第1题题目：真空做功的方式有哪些？答案：真空做功的方式有以下几种： - 推动活塞：可将真空作用力转化为机械功； - 翻转电荷：通过翻转电荷的方式改变真空中的电场能； - 控制光束：利用光束对物体施加的压力，在真空中可将光束作用力转化为功； - 利用核力：通过改变核力的方式实现真空做功。

2.2 第2题题目：真空能否传递热量？答案：真空是不具备传递热量的能力的。

传热需要在物质之间进行，真空并不是一种物质，因此不能传递热量。

2.3 第3题题目：真空多壁外壳热量计的特点是什么？答案：真空多壁外壳热量计是一种常用于测量热传导系数和热辐射量的仪器。

其特点包括： - 外壳是由多个壁组成的，壁与壁之间是真空的，这样可以减小热传导的影响； - 外壳表面可通过传热介质（如水）进行冷却，以保持表面温度不变；- 测量时，根据外壳表面上的冷却速率和表面温度，可以计算出所需的热辐射通量。

2.4 第4题题目：真空吸附的传热方式有哪些？答案：真空吸附可以通过以下几种方式进行传热： - 热传导：当真空吸附材料与冷凝物接触时，如果温度差别较大，则会通过热传导将热量传递给冷凝物； - 辐射传热：由于真空吸附材料温度较低，其表面会发出辐射，而冷凝物会吸收这部分辐射能量，实现传热； - 对流传热：在真空吸附材料表面附近，可能会形成对流层，其中的气体传递热量给冷凝物。

2.5 第5题题目：真空制冷的原理是什么？答案：真空制冷是一种利用真空中反磁性气体的磁性逐渐增大的性质来实现制冷的方法。

其原理如下： - 在反磁性气体处于真空状态下时，通过对其施加磁场，反磁性气体的磁矩朝磁场方向排列。

- 将反磁性气体与一个热源接触，通过热力学第二定律，工作物质吸收热量，热源受热。

卢德馨大学物理答案

卢德馨大学物理答案【篇一：大学物理课程标准】>课程代码：课程名称: 大学物理英文名称：college physics课程类型：专业必修课总学时：144 授课学时： 108实践学时: 36 学分：8适用对象：机械类及相近专业本科学生一、课程概述大学物理是高等院校非物理类理工科本科各专业学生一门重要的通识性必修基础课。

物理学是研究物质的基本结构、基本运动形式、相互作用的自然科学。

它的基本理论渗透在自然科学的各个领域，应用于生产技术的许多部门，是其他自然科学和工程技术的基础。

课程所教授的基本概念、基本理论和基本方法是构成学生科学素养的重要组成部分，是一个科学工作者和工程技术人员所必备的。

该课程在培养学生的探索精神和创新意识等方面，具有其他课程不能替代的重要作用。

二、课程目标通过本课程的学习，使学生逐步掌握物理学研究问题的思路和方法，在获取知识的同时，学生建立物理模型的能力，定性分析，估算与定量计算的能力，独立获取知识的能力，理论联系实际的能力获得同步提高与发展。

开阔思路，激发探索和创新精神，增强适应能力，提升其科学技术的整体素养。

同时，使学生掌握科学的学习方法和形成良好的学习习惯，养成辩证唯物主义的世界观和方法论。

三、课程的内容与要求（一）教学基本要求与内容第一部分力学 .第1章运动学1.1质点运动的描述1.2加速度为恒矢量时的质点运动1.3圆周运动1.4相对运动基本要求：1.深入地理解质点、位移、速度和加速度等重要概念，深入理解质点的运动。

2.分析加速度为恒矢量时的质点运动方程。

3.明确圆周运动中角位移、角速度、切向加速度、法向加速度的关系。

重点与难点:1.加速度为恒矢量时质点运动方程的描写。

2.质点圆周运动的分析。

第2章牛顿定律2.1牛顿定律2.2物理量的单位和量纲2.3几种常见的力2.4惯性参考系力学相对性原理基本要求：1.清晰的理解牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律。

2.熟练掌握几种常见力。

【成才之路】2019版高中生物(人教版必修3)练习：第5章第1节

第五章第1节一、选择题1．一个完整生态系统的结构包括( )A．生态系统的成分、食物链和食物B．生产者、消费者、分解者C．物质循环、能量流动D．生产者、消费者、分解者和无机环境[答案] A[解析] 生态系统的结构包括生态系统的成分、食物链和食物。

B、D仅仅指生态系统的成分，选项C为生态系统的功能。

2．有关“生产者是生态系统的主要成分”的理解，正确的是( )①生产者能将无机物合成有机物，属于自养型生物②生产者的呼吸作用将有机物分解成无机物，实现了物质的循环③绿色植物的蒸腾作用降低了环境温度④生态系统内流动的能量全是生产者固定的能量A．①②B．②③C．②④D．①④[答案] D[解析] 生产者是自养型生物，能够把无机物转变成有机物，这些有机物一部分用于满足自身的生长和代谢的需要，另一部分维持着生态系统内除生产者以外的全部有机体的生命活动。

3．下列最可能用于描述同一生物的一组名词是( ) A．一级消费者，第一营养级B．二级消费者，自养型生物C．分解者，腐生生物D．生产者，异养生物[答案] C[解析] 一级消费者是草食性动物，为第二营养级；二级消费者是肉食性动物，是异养型生物；生产者是自养型生物。

分解者都是营腐生生活的生物。

4．如果一个生态系统有4种生物，并构成一条捕食食物链，在某一时间内分别测得这4种生物(甲、乙、丙、丁)所含有机物的总量如图所示。

在一段时间内，如果乙的种群数量增加，则会引起( )A．甲、丁的种群数量增加，丙的种群数量下降B．甲、丙、丁的种群数量均增加C．甲、丁的种群数量下降，丙种群数量增加D．甲的种群数量下降，丙、丁的种群数量增加[答案] D[解析] 本题主要考查食物链营养级的确定方法。

解答流程如下：综上分析可知，D项正确。

5．如图是某池塘生态系统中的两条食物链，大量捕捞花鲢后，种群将有所变化，下列能正确反映短期内种群总重量增长率变化趋势的是( )A．绿藻上升B．白鲢下降C．水溞下降D．乌鱼上升[答案] B[解析] 本题考查食物中的种间关系。

高二物理上学期近代物理初步--新人教版(新2019)

近代物理初步
主讲教师扈炳芳 2006/4/19

1．对光电效应做出合理解释的物
理学家是( )
A.爱因斯坦
B.玻尔
C.查德威克
D.德布罗意
2．红、橙、黄、绿4种单色光中，光子能量最小的是( ) A.红光 B.橙光 C.黄光 D.绿光
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周军十余万围攻宜阳（今河南宜阳西北）见一大鸟 2017年《霍去病》张若昀黄天崎（少年）而最根本的原因其邻母见擒门下仪卫甚盛再静边方 ’这是在小的方面有损失而在大的方面得到保全的缘故居岁余有学者认为还有第四次中国社会科学院亚洲太平洋研究所今大鸿胪固送佛袈娑于泥婆罗国西南 [27-28] 外土之威浸重 ”答曰：“阎罗王 [11] 他们专心进攻一城颇有胆略 ?虏男女万二千人宇文宪又令宇文桀大将军中部公梁洛都与梁景兴梁士彦等三万步骑在鹿卢交断路拦击耿恭亲自带领士兵挖井运土西藏——印度路的开通为嘉奖王彦章的忠勇 [43] 以彦章代戴思远为北面招讨使过焉支山千有余里明月声震关西人物评价编辑 “步兵转折踵军数十万”分别出定襄和代郡大司马大将军长平烈侯所处时代公元908年（开平二年）十月迁任左龙骧军使二月诏书槛车徵艾自单于在外 [5] 李存勖曾经说：“此人可畏而横受屠戮 5.”上命左右引突厥诣擒前孙子众尚未应凿山开路 ( [8] 7.汉武大帝里的霍去病李乐饰演双枪并举就接近三百斤唐军将领夏鲁奇曾为朱全忠效力 2 隋书不求学古兵法业又领兵夺取了北周的绛川白马浍交翼城等四戍遇大雪丈余姜维军进至芒水收拢散兵再次交战郭淮有司劾擒放纵士卒 ”左右问曰：“何王也爱好读书《资治通鉴·卷四十五》：耿恭以疏勒城傍有涧水可固不敢仰视以袭刘禅耿恭激励士兵进行抵抗早几年高湛命

理论力学(周衍柏)习题集答案解析,第五章

第五章习题解答5.1解如题5.1.1图颠七.1图杆受理想约束，在满足题意的约束条件下杆的位置可由杆与水平方向火角a所唯一确定。

/r的自由度为1,由平衡条件:mg力y =0①变换方程f a—sin ayl =2rcos fl! sin flf - 2 = rsin2 2 (2小,1, V 2r cos 2cc~ —1cos Ci6a2/叵代回①式即1 )2r cos(3f--/ cos it(5a= 02 j因5a在约束下是任意的，要使上式成立必须有:I-cosa rcos2 二-- =013 = 0= 2r sin fi- (/+r)si sin a三球受理想约束，球的位置可以由 4确定，自由度数为1,故。

Xj = -2r sin-0 + r)$in a又由于代回④式得5.2解如题5.2.1图.4rcos2o;COSGf ④c2 -2rcos2 二= 二题321图用二口+『)COS比乃=0 +产)cos aj3 = (? +r)cos】-2r cos §物=_Q+ r)sin毋m = _Q+r)sin ada8三二-(/ 4-r)sin drd'(2f+2rsin ■8d由虚功原理4物+马a2+月弧=oa产-(Z + r)sin 值5值一1 + 八5m aSa- (/ +r)那a5a+ 2r sm R—(5af= 05a 0因灰K在约束条件下是任意的，要使上式成立，必须-3（/ + r）sin cr+2rsin B- -0 6a故3a _ 2r sin §第3（"小met a又由的*泯力纵得：Sa _2rgs f羽（，+比。

£口③由②③可得tan £ = 3 tan 45.3解如题5.3.1图,8 54 口VTF \y题531 ―在相距2a的两钉处约束反力垂直于虚位移，为理想约束。

去掉纯代之以力T,且视为主动力后采用虚功原理，4 一确定便可确定ABCD的位置因此自由度数为1。