【全国百强校】黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题(解析版)
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期中考试语文试题
【题文】阅读下面的材料，根据要求写一篇不少于800字的议论文。
在2018年平昌冬奥会上，中国运动员武大靖创造了短道速滑男子500米世界新纪录，同时也为中国体育代表团带来了本届冬奥会的首枚也是唯一的一枚金牌。
武大靖的荣耀启发我们：面对以往，要牢记目标，坚持付出，积淀实力；面对当下，要信守规则，担当责任，发挥实力；面对未来，要坚信自我，不断突破，提高实力。
以上材料能够引发你怎样的认识和思考？请综合材料写一篇不少于800字的议论文。
要求：角度自定，题目自拟，不要套作，不得抄袭。
【答案】点滴积累，厚积薄发我们都知道，我们每走一步都是在以后的每个结果而走，这样的一步或好或坏，结果也将变得不一样。
所以积攒的每一步都十分重要，积攒的长短也跟随着我们要达到的目标而不断变化，不管多久，都不可能一蹴而就。
了解各方面知识并进行积累，这些积累的知识在关键时刻能释放出巨大力量。
三国时，吕蒙便是如此。
在初期，吕蒙只是一个习武的粗人，直到孙权劝其学习，让他不能只懂习武之道，更应去博览群书，积累各方面知识。
从此，吕蒙广读兵书，涉猎于各种书籍，他的积累在麦城之战得到了完美的体现。
吕蒙白衣渡江，生擒关羽。
正是他平日的积累使他在关键时刻彰显出价值，正是平日的积累使他文武双全，不拘泥于兵书，不愚专于武术。
倘若没有对知识的积累，一介武夫又有多少人记得?集腋，方能成裘;水滴，方能石穿。
积累作用于成功，成功是积累的结晶。
正如文中所述，成千上万的雪花可以压断树枝，那么，人生中数以万计的积累，如能正确利用，又能迸发出多大的力量?古人云：“厚积而薄发。
”诚然，只有大量的积累、充分的积蓄才可以做好每一件事，法国著名短篇巨匠莫泊桑便是一个成功的典例。
莫泊桑早期在文学上的造诣并不是特别的高，他的小说存在一个巨大的问题，便是空洞。
后来他遇到了福楼拜，福楼拜教他不要只追求技巧，而应加强基本功的训练，多去积累生活中的素材。
从此以后，莫泊桑游览于各地，上结交宫廷贵族，下接近平民百姓，他的积累得到了迸发，终于成为了一名优秀的短篇小说作家。
黑龙江省牡丹江一中2017-2018学年高一下学期期中化学试卷 Word版含解析
2017-2018学年黑龙江省牡丹江一中高一（下）期中化学试卷一、选择题（每个小题只有一个正确选项1--12题每题2分，13--22题每题3分）1．能源是当今社会发展的三大支柱之一．有专家预测氢能源将是未来最理想的新能源，而最理想的氢的循环模式如图，此循环可以节约原料，缓解能源危机．在此构想的物质循环中太阳能最终转化为（）A．化学能B．热能 C．生物能D．电能2．下列对Be及其化合物的叙述中，正确的是（）A．Be的原子半径小于B 的原子半径B．Be比Na金属性强C．Be的最高价氧化物对应水化物碱性弱于Ca（OH）2D．Be能跟冷水反应产生氢气3．下列关于化学键的说法中正确的是（）A．构成单质分子的微粒中一定含有共价键B．由非金属元素组成的化合物不一定是共价化合物C．非极性键只存在于双原子单质分子里D．不同元素组成的多原子分子里的化学键一定是极性键4．下列有关化学用语表示正确的是（）A．次氯酸的电子式B．S2﹣的结构示意图：C．质子数为53，中子数为78的碘原子：13153ID．NH4I的电子式：5．下列有关元素的性质及其递变规律叙述正确的是（）A．同主族元素形成的单质熔沸点自上而下逐渐升高B．核外电子排布相同的微粒化学性质不一定相同C．第三周期中，除稀有气体元素外原子半径最大的是氯D．同主族元素氢化物的稳定性越强其沸点就越高6．下列分子中所有原子都满足最外层为8电子结构的是（）A．BF3B．H2O C．SiCl4 D．PCl57．下列说法正确的是（）A．中和热一定是强酸跟强碱反应放出的热量B．1 mol酸与1 mol碱完全反应放出的热量是中和热C．在稀溶液中，酸与碱发生中和反应生成1 mol H2O（l）时的反应热叫做中和热D．测定中和热时可用稀硫酸和稀Ba（OH）2溶液8．对于10mL 1mol/L盐酸与锌粒的反应，采取下列措施能使反应速率加快的是（）①升高温度；②改用10mL 3mol/L盐酸；③改用30mL 1mol/L醋酸；④用等量锌粉代替锌粒；⑤改用10mL 3mol/L硝酸．A．①②④ B．①③④⑤C．①②③④D．①②④⑤9．与氢氧根具有相同的质子数和电子数的微粒是（）A．CH4B．NH4+ C．NH2﹣D．Cl﹣10．下列叙述正确的是（）①原电池是将化学能转化为电能的一种装置②原电池的正极发生氧化反应，负极发生还原反应③不能自发进行的氧化还原反应，通过原电池装置可以实现④碳棒不能用来作原电池的正极⑤反应Cu+2Ag+═Cu2++2Ag 能以原电池的形式实现．A．②⑤B．①④⑤ C．②③④ D．①⑤11．某原电池的总反应的离子方程式为：Zn+Cu2+═Zn2++Cu，则该原电池的正确组成可以是下列的（）A．CuSO4溶液B．ZnSO4溶液C．酒精D．12．下列变化中，既有共价键和离子键断裂，又有共价键和离子键形成的是（）A．2Na+2H2O=2NaOH+H2↑B．2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2C．Cl2+H2O⇌HC1+HC1OD．Na2CO3+BaC12=BaCO3↓+2NaC113．按如图装置进行实验，若x轴表示流入正极的电子的物质的量，则y轴可以表示（）①c（Ag+）②c（NO3﹣）③a棒的质量④b棒的质量⑤溶液的质量．A．①③B．②④C．①③⑤ D．②④⑥14．有一种MCFC型氢氧燃料电池，电解质为熔融的K2CO3．电池的总反应为：2H2+O2=2H2O，负极反应为H2+CO32﹣﹣2e﹣=H2O+CO2．下列说法中正确的（）A．正极反应为4OH﹣﹣4e﹣=2H2O+O2↑B．放电时CO32﹣向负极移动C．电池放电时，电池中CO32﹣的物质的量将逐渐减少D．电路中电子由负极、经熔融的K2CO3流到正极，形成闭合回路15．短周期元素A、B、C、D、E在元素周期表中的相对位置如图所示，下列说法正确的（）A．原子半径的大小顺序为：r A＞r B＞r C＞r D＞r EB．元素D的最高价氧化物对应的水化物的酸性比E的强C．A、D两种元素在自然界中都存在相应的单质D．C的最高价氧化物的水化物与E的最高价氧化物的水化物之间不能发生反应16．已知五种元素的原子序数的大小顺序为C＞A＞B＞D＞E，A、C同周期，B、C同主族．A 与B形成的离子化合物A2B中所有离子的电子数相同，其电子总数为30；D和E可形成4核10个电子的分子．下列说法正确的是（）A．D元素最高价氧化物对应的水化物化学式H2YO4B．原子半径由大到小的顺序为：B＞D＞EC．B、C两种元素的气态氢化物中，C的气态氢化物较稳定D．A与B形成的两种化合物中，阴、阳离子物质的量之比均为1：217．在25℃、101kPa条件下，C（s）、H2（g）、CH3COOH（l）的燃烧热分别为393.5kJ/mol、285.8kJ/mol、870.3kJ/mol，则2C（s）+2H2（g）+O2（g）═CH3COOH（l）的反应热为（）A．﹣488.3 kJ/mol B．+488.3 kJ/molC．﹣191 kJ/mol D．+191 kJ/mol18．如图所示为氢氧燃料电池的原理示意图，按照此图的提示，下列叙述不正确的是（）A．a电极是负极B．b电极的电极反应为：4OH﹣﹣4e﹣═2H2O+O2↑C．氢氧燃料电池是一种具有应用前景的绿色电源D．氢氧燃料电池是一种不需要将还原剂和氧化剂全部储藏在电池内的新型发电装置19．下列不能使溴水完全褪色的是（）A．碳酸钠B．氢氧化钾溶液 C．二氧化硫 D．KI溶液20．白磷结构如图所示，与O2反应生成P4O6的分子结构中只含有单键，且每个原子的最外层都满足8电子结构，则该分子中含有共价键的数目是（）A．10 B．24 C．12 D．2821．在一定条件下，对于A2（g）+3B2（g）⇌2AB3（g）反应来说，以下化学反应速率的表示中，化学反应速率最快的是（）A．v（A2）=0.8 mol•L﹣1•s﹣1B．v（A2）=30 mol•L﹣1•min﹣1C．v（AB3）=1.0 mol•L﹣1•s﹣1D．v（B2）=1.2 mol•L﹣1•s﹣122．已知1﹣18号元素的离子a A m+、b B n+、c C p﹣、d D q﹣都具有相同的电子层结构，下列关系正确的是（）A．若p＞q，则还原性c C p﹣＜d D q﹣B．若m＞n，则碱性A（OH）m＞B（OH）nC．若半径a A m+＞b B n+，则a＜bD．若半径a A m+＞b B n+，则A的单质一定能从含B n+的盐溶液中置换出B二、填空题（共46分）23．铅蓄电池是常用的化学电源，其电极材料是Pb和PbO2，电解液为稀硫酸．工作时该电池总反应式为：PbO2+Pb+2H2SO4═2PbSO4+2H2O，据此判断：（1）铅蓄电池的负极材料是______．（2）工作时正极反应为______．（3）工作时，电解质溶液的pH______．（填“增大”、“减小”或“不变”）（4）工作时，电解质溶液中阴离子移向______极．（填Pb或PbO2）（5）电流方向从______极流向______．（填Pb或PbO2）24．将0.5mol的气态高能燃料乙硼烷（B2H6）在氧气中燃烧，生成固态三氧化二硼和液态水，放出1082.5kJ热量，该反应的热化学方程式为______；又已知：H2O（g）=H2O（l）△H=﹣44.0kJ/mol，则11.2L（标准状况）乙硼烷完全燃烧生成气态水时放出的热量是______kJ．25．有一种融雪剂，其主要成分的化学式为XY2，X、Y均为周期表前20号元素，其阳离子和阴离子的电子层结构相同，且1molXY2含有54mol电子．（1）该融雪剂的化学式是______，用电子式表示XY2的形成过程______X与氢元素形成的化合物的电子式是______．（2）主族元素D、E原子的最外层电子数是其电子层数的2倍，D与Y相邻，则D的离子结构示意图是______；D与E能形成一种分子，该分子的结构式为______；D所在族元素的氢化物中，沸点最低的是______（填名称）；X与E形成的离子化合物XE2中______（填“有”“无”）共价键．（3）短周期元素W与Y同周期，其单质是半导体材料；元素Z的单质分子Z2中有3个共价键；W与Z能形成一种新型无机非金属材料，其化学式是______．（4）用化学式回答：①D与Y的氢化物稳定性_______＞______；②最高价氧化物对应水化物酸性_______＞______．26．50mL 0.50mol•L﹣1的盐酸与50mL 0.55mol•L﹣1NaOH溶液在如图所示的装置中进行中和反应．通过测定反应过程中所放出的热量可计算中和热，完成下列问题：（1）从实验装置上看，图中尚缺少的一种玻璃用品是______．请指出装置中的另外错误是______．（2）烧杯间填满碎纸条的作用是______．（3）大烧杯上如不盖硬纸板，求得的中和热值______（填“偏大”“偏小”“无影响”）．（4）实验中改用60mL 0.50 mol•L﹣1的盐酸跟60mL 0.55 mol•L﹣1NaOH溶液进行上述实验相比，所放出的热量______（填“相等”“不相等”），所求中和热______（填“相等”“不相等”）．（5）用相同浓度体积的氨水代替NaOH溶液进行上述实验，测得的中和热的数值会______；用50mL 0.50mol•L﹣1NaOH溶液进行上述实验，测得的中和热的数值会______（均填“偏大”“偏小”“无影响”）．27．如图是实验室用氢气还原氧化铜实验的简易装置．其中的铜质燃烧匙可以在试管M中上下移动，实验时，先将细铜丝一端被弯成螺旋状，先在空气中加热变黑后再迅速伸入球型干燥管中．（1）铜质燃烧匙的作用有______，______（2）实验过程中，在试管M中可观察到的现象是______，______．28．原电池与电解池在化学工业中有广泛应用．如图装置，a为CuCl2溶液，X为Fe棒，Y 为碳棒，回答以下问题：（1）若断开k1，闭合k2，则装置为______；X电极上的电极反应式为______；电解质溶液中的阳离子向______极移动（填X或Y）；（2）若线路中通过3.01×1022的电子，则Y极上析出物质的质量为______．2015-2016学年黑龙江省牡丹江一中高一（下）期中化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（每个小题只有一个正确选项1--12题每题2分，13--22题每题3分）1．能源是当今社会发展的三大支柱之一．有专家预测氢能源将是未来最理想的新能源，而最理想的氢的循环模式如图，此循环可以节约原料，缓解能源危机．在此构想的物质循环中太阳能最终转化为（）A．化学能B．热能 C．生物能D．电能【考点】常见的能量转化形式．【分析】根据图可知，太阳能首先转化为化学能，然后化学能转化为热能．【解答】解：在此构想的物质循环中，太阳能将CO2、H2O、N2等气体重新组合成燃料，此过程为太阳能→化学能；燃料燃烧，化学能→热能，故在此构想的物质循环中太阳能最终转化为热能．故选B．2．下列对Be及其化合物的叙述中，正确的是（）A．Be的原子半径小于B 的原子半径B．Be比Na金属性强C．Be的最高价氧化物对应水化物碱性弱于Ca（OH）2D．Be能跟冷水反应产生氢气【考点】元素周期律和元素周期表的综合应用．【分析】A．同周期自左而右原子半径减小；B．同主族自上而下金属性增强，同周期自左而右金属性减弱；C．金属性越强，最高价氧化物对应水化物的碱性越强；D．金属性越强，与水反应也容易，结合Mg与水反应判断．【解答】解：A．Be、B同周期，自左而右原子半径减小，故原子半径Be＞B，故A错误；B．同主族自上而下金属性增强，同周期自左而右金属性减弱，故金属性Na＞Be，故B错误；C．金属性Be＜Ca，金属性越强，最高价氧化物对应水化物的碱性越强，即碱性：Be（OH）2＜Ca（OH）2，故C正确；D．同主族自上而下金属性增强，故金属性Be＜Mg，金属性越强，与水反应也容易，Mg与冷水发生微弱反应，故Be能跟冷水不反应，故D错误，故选：C．3．下列关于化学键的说法中正确的是（）A．构成单质分子的微粒中一定含有共价键B．由非金属元素组成的化合物不一定是共价化合物C．非极性键只存在于双原子单质分子里D．不同元素组成的多原子分子里的化学键一定是极性键【考点】化学键．【分析】A、从稀有气体的结构分析；B、考虑铵盐的结构；C、从非极性键的形成实质看，同源素的原子间形成的共价键是非极性键分析；D、多原子分子中的化学键类型看形成共价键的元素原子是否相同．【解答】解：A、构成稀有气体单质分子的微粒中不含有共价键，故A错误；B、铵盐是离子化合物，组成元素是非金属元素，所以由非金属元素组成的化合物不一定是共价化合物，故B正确；C、非极性键是相同元素的原子间形成的共价键，可以是单质，也可以存在于化合物，如过氧化钠中，过氧化氢中，故C错误；D、不同元素组成的多原子分子里的化学键可以是极性共价键，也可以是非极性共价键如过氧化氢中，故D错误；故选B．4．下列有关化学用语表示正确的是（）A．次氯酸的电子式B．S2﹣的结构示意图：C．质子数为53，中子数为78的碘原子：13153ID．NH4I的电子式：【考点】电子式、化学式或化学符号及名称的综合；原子结构示意图；质量数与质子数、中子数之间的相互关系．【分析】A．次氯酸分子的中心原子为O，其分子中不存在氢氯键；B．硫离子的核外电子总数为18，最外层达到8电子稳定结构；C．质量数=质子数+中子数，元素符号的左上角为质量数、左下角为质子数；D．碘离子为阴离子，电子式中碘离子需要标出其最外层电子．【解答】解：A．次氯酸为共价化合物，分子中不存在氢氯键，次氯酸正确的电子式为：，故A错误；B．硫离子的核电荷数为16、核外电子总数为18，硫离子正确的结构示意图应为：，故B错误；C．碘元素的质子数为53，中子数为78的碘原子的质量数为131，该核素可以表示为：53131I，故C正确；D．碘化铵为离子化合物，电子式中没有标出碘离子的最外层电子，NH4I正确的电子式：，故D错误；故选C．5．下列有关元素的性质及其递变规律叙述正确的是（）A．同主族元素形成的单质熔沸点自上而下逐渐升高B．核外电子排布相同的微粒化学性质不一定相同C．第三周期中，除稀有气体元素外原子半径最大的是氯D．同主族元素氢化物的稳定性越强其沸点就越高【考点】元素周期律和元素周期表的综合应用；元素周期律的作用．【分析】A．卤素元素形成的单质熔沸点自上而下逐渐升高，而碱金属元素形成的单质熔沸点自上而下逐渐降低；B．核外电子排布相同的微粒可能为分子或离子；C．第三周期中，原子序数大的原子半径小；D．稳定性与非金属性有关，沸点与氢键、相对分子质量有关．【解答】解：A．卤素元素形成的单质熔沸点自上而下逐渐升高，而碱金属元素形成的单质熔沸点自上而下逐渐降低，与单质的类别、化学键等有关，故A错误；B．核外电子排布相同的微粒可能为分子或离子，如水与铵根离子性质不同，故B正确；C．第三周期中，原子序数大的原子半径小，则第三周期中，除稀有气体元素外原子半径最大的是Na，故C错误；D．稳定性与非金属性有关，沸点与氢键、相对分子质量有关，卤素中HF最稳定且沸点最大，但第ⅣA中甲烷最稳定沸点最低，故D错误；故选B．6．下列分子中所有原子都满足最外层为8电子结构的是（）A．BF3B．H2O C．SiCl4 D．PCl5【考点】原子核外电子排布；化学键．【分析】对于ABn型共价化合物元素化合价绝对值+元素原子的最外层电子层=8，则该元素原子满足8电子结构，据此判断．【解答】解：A、BF3中B元素化合价为+3，B原子最外层电子数为3，所以3+3=6，B原子不满足8电子结构；F元素化合价为﹣1，F原子最外层电子数为7，所以1+7=8，F原子满足8电子结构，故A错误；B、H2O中O元素化合价为﹣2，O原子最外层电子数为6，所以2+6=8，O原子满足8电子结构；H元素化合价为+1，H原子最外层电子数为1，所以1+1=2，H原子不满足8电子结构，故B错误；C、SiCl4中Si元素化合价为+4，Si原子最外层电子数为4，所以4+4=8，Si原子满足8电子结构；Cl元素化合价为﹣1，Cl原子最外层电子数为7，所以1+7=8，Cl原子满足8电子结构，故C正确；D、PCl5中P元素化合价为+5，P原子最外层电子数为5，所以5+5=10，P原子不满足8电子结构；Cl元素化合价为﹣1，Cl原子最外层电子数为7，所以1+7=8，Cl原子满足8电子结构，故D错误．故选C．7．下列说法正确的是（）A．中和热一定是强酸跟强碱反应放出的热量B．1 mol酸与1 mol碱完全反应放出的热量是中和热C．在稀溶液中，酸与碱发生中和反应生成1 mol H2O（l）时的反应热叫做中和热D．测定中和热时可用稀硫酸和稀Ba（OH）2溶液【考点】反应热和焓变．【分析】中和热是指酸和碱的稀溶液中和，生成1mol水时放出的热量，可以是强酸强碱，也可以是弱酸弱碱，只有是强酸强碱的稀溶液中和热才是57.5KJ/mol，据此分析．【解答】解：A、中和热是酸碱中和生成1mol水放出的热量，弱酸、弱碱的电离吸热，所测中和热小于强酸、强碱反应的中和热，酸碱的强弱不同，中和热的数值不等，故A错误；B、中和热是生成1mol水时放出的热量，1mol硫酸与1mol氢氧化钡反应放出的热量就不是中和热，故B错误；C、中和热的概念就是这样说的，故C正确；D、硫酸和氢氧化钡除生成水外还生成硫酸钡沉淀，生成沉淀放热，故D错误；故选C．8．对于10mL 1mol/L盐酸与锌粒的反应，采取下列措施能使反应速率加快的是（）①升高温度；②改用10mL 3mol/L盐酸；③改用30mL 1mol/L醋酸；④用等量锌粉代替锌粒；⑤改用10mL 3mol/L硝酸．A．①②④ B．①③④⑤C．①②③④D．①②④⑤【考点】化学反应速率的影响因素．【分析】增大反应速率，可增大固体表面积、升高温度，增大浓度，加入催化剂或形成原电池反应等，以此解答该题．【解答】解：①升高温度，活化分子百分数增大，反应速率增大，故正确；②改用10mL 3mol/L盐酸，浓度增大，反应速率增大，故正确；③改用30mL 1mol/L醋酸，醋酸是弱酸不能完全电离，因浓度不变，醋酸中氢离子浓度小，所以反应速率减慢，故错误；④用等量锌粉代替锌粒，固体表面积增大，反应速率增大，故正确；⑤硝酸与锌粒反应不生成氢气，故错误；故选A．9．与氢氧根具有相同的质子数和电子数的微粒是（）A．CH4B．NH4+ C．NH2﹣D．Cl﹣【考点】质子数、中子数、核外电子数及其相互联系．【分析】氢氧根离子中质子数为各元素的质子数之和，一个氢氧根离子中的质子数是9个，电子数是10个．【解答】解：氢氧根离子中质子数为各元素的质子数之和，一个氢氧根离子中的质子数是9个，电子数是10个．A、甲烷分子中质子数是10，电子数是10，所以和氢氧根离子中质子数相同，电子数不同，故A错误；B、铵根离子中质子数是11，电子数是10，所以和氢氧根离子中质子数不同，电子数相同，故B错误；C、NH2﹣中质子数是9，电子数是10，所以和氢氧根离子中质子数和电子数都相同，故C 正确；D、氯离子中质子数是17，电子数是18，所以和氢氧根离子中质子数和电子数都不同，故D错误．故选C．10．下列叙述正确的是（）①原电池是将化学能转化为电能的一种装置②原电池的正极发生氧化反应，负极发生还原反应③不能自发进行的氧化还原反应，通过原电池装置可以实现④碳棒不能用来作原电池的正极⑤反应Cu+2Ag+═Cu2++2Ag 能以原电池的形式实现．A．②⑤B．①④⑤ C．②③④ D．①⑤【考点】原电池和电解池的工作原理．【分析】①根据原电池中的能量变化分析；②原电池中得电子的为正极，失电子的为负极；③原电池的构成条件之一是自发进行的氧化还原反应；④碳棒能能导电，而且不容易失电子；⑤自发进行的氧化还原反应能设计成原电池．【解答】解：①原电池能够向外提供电能，是将化学能转化为电能的一种装置，故正确；②原电池中得电子的为正极，正极发生还原反应，失电子的为负极，负极发生氧化反应，故错误；③原电池的构成条件之一是自发进行的氧化还原反应，所以不能自发进行的氧化还原反应，通过原电池装置不可以实现，故错误；④碳棒能能导电，而且不容易失电子，碳棒是常用的惰性电极，可以作正极，故错误；⑤自发进行的氧化还原反应能设计成原电池，则反应Cu+2Ag+═Cu2++2Ag能以原电池的形式实现，故正确；所以正确的有①⑤．故选D．11．某原电池的总反应的离子方程式为：Zn+Cu2+═Zn2++Cu，则该原电池的正确组成可以是下列的（）A．CuSO4溶液B．ZnSO4溶液C．酒精D．【考点】原电池和电解池的工作原理．【分析】由离子反应方程式可知，反应中Zn被氧化，应为负极，发生氧化反应：Zn﹣2e﹣═Zn2+，正极应为活泼性比Zn弱的金属，如Cu、Ag等金属或石墨，正极发生Cu2++2e﹣═Cu，电解质溶液为可溶性铜盐，以此解答该题．【解答】解：A．Zn做负极，Cu做正极，电解质溶液CuSO4，原电池的电池反应是Zn+Cu2+═Zn2++Cu，故A正确；B．不能进行自发进行的氧化还原反应，不能形成原电池，故B错误；C．酒精为非电解质，故C错误；D．没有形成闭合回路，阴阳离子不能移动，不能形成原电池反应，故D错误．故选A．12．下列变化中，既有共价键和离子键断裂，又有共价键和离子键形成的是（）A．2Na+2H2O=2NaOH+H2↑B．2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2C．Cl2+H2O⇌HC1+HC1OD．Na2CO3+BaC12=BaCO3↓+2NaC1【考点】离子化合物的结构特征与性质；共价键的形成及共价键的主要类型．【分析】活泼金属和活泼非金属元素之间易形成离子键，非金属元素之间易形成共价键，既有共价键和离子键断裂，又有共价键和离子键形成，说明发生化学反应，据此分析解答．【解答】解：A．该反应中有金属键的断裂，但没有离子键的断裂，故A错误；B．该反应过氧化钠中有离子键和共价键的断裂，碳酸钠中有离子键和共价键的形成，故B 正确；C．该反应中没有离子键的断裂和形成，故C错误；D．该反应中没有共价键的断裂和形成，故D错误；故选B．13．按如图装置进行实验，若x轴表示流入正极的电子的物质的量，则y轴可以表示（）①c（Ag+）②c（NO3﹣）③a棒的质量④b棒的质量⑤溶液的质量．A．①③B．②④C．①③⑤ D．②④⑥【考点】原电池和电解池的工作原理．【分析】Fe、Ag、AgNO3构成的原电池中，活泼金属Fe为负极，Ag为正极，Fe和硝酸银之间发生氧化还原反应，在负极上质量减轻，正极上析出金属银．【解答】解：根据图中装置试验，Fe、Ag、AgNO3构成的原电池中，活泼金属Fe为负极，Ag为正极，Fe和硝酸银之间发生氧化还原反应，所以银离子浓度减小，硝酸根浓度不变，故①正确，②错误；在负极上金属铁本身失电子，即a棒质量减轻，故③正确；正极Ag上析出金属银，即b棒质量增加，故④错误；负极上金属铁本身失电子，正极Ag上析出金属银，所以溶液的质量是增加了Fe，但是析出了Ag，但是在转移电子相等情况下，析出金属多，所以溶液质量减轻，但不能为零，故⑤错误；故选A．14．有一种MCFC型氢氧燃料电池，电解质为熔融的K2CO3．电池的总反应为：2H2+O2=2H2O，负极反应为H2+CO32﹣﹣2e﹣=H2O+CO2．下列说法中正确的（）A．正极反应为4OH﹣﹣4e﹣=2H2O+O2↑B．放电时CO32﹣向负极移动C．电池放电时，电池中CO32﹣的物质的量将逐渐减少D．电路中电子由负极、经熔融的K2CO3流到正极，形成闭合回路【考点】化学电源新型电池．【分析】该原电池中，通入燃料氢气的电极是负极，通入氧化剂氧气的电极是正极，负极反应式为H2+CO32﹣﹣2e﹣=H2O+CO2，正极反应式为O2+2CO2+4e﹣=2CO32﹣，A．正极上氧气得电子和二氧化碳反应生成碳酸根离子；B．放电时，电解质中阴离子向负极移动，阳离子向正极移动；C．放电时，根据电池反应式知，碳酸根离子不参加反应；D．放电时，电子从负极沿导线流向正极，不进入电解质中．【解答】解：A．正极上氧气得电子和二氧化碳反应生成碳酸根离子，正极反应式为O2+2CO2+4e﹣=2CO32﹣，故A错误；B．放电时，电解质中阴离子向负极移动，阳离子向正极移动，所以CO32﹣向负极移动，故B正确；C．放电时，根据电池反应式知，碳酸根离子不参加反应，所以电解质中碳酸根离子物质的量不变，故C错误；D．放电时，电子从负极沿导线流向正极，不进入电解质中，电解质中通过阴阳离子定向移动形成电流，故D错误；故选B．15．短周期元素A、B、C、D、E在元素周期表中的相对位置如图所示，下列说法正确的（）A．原子半径的大小顺序为：r A＞r B＞r C＞r D＞r EB．元素D的最高价氧化物对应的水化物的酸性比E的强C．A、D两种元素在自然界中都存在相应的单质D．C的最高价氧化物的水化物与E的最高价氧化物的水化物之间不能发生反应【考点】原子结构与元素的性质；原子结构与元素周期律的关系．【分析】短周期元素A、B、C、D、E在元素周期表中的相对位置可知，AB在第二周期，CDE在第三周期，根据元素在周期表中位置可知，A为N元素，B为O元素，C为Al元素，D为S元素，E为Cl元素；A．电子层数越多，半径越大，电子层数相同时，原子序数越大，半径越小；B．同周期从左到右非金属性逐渐增强，其最高价氧化物对应的水化物的酸性增强；C．N、S在自然界中存在单质；D．C为Al元素，其最高价氧化物的水化物为两性氢氧化物，E为Cl元素，其最高价氧化物的水化物为强酸．【解答】解；短周期元素A、B、C、D、E在元素周期表中的相对位置可知，AB在第二周期，CDE在第三周期，根据元素在周期表中位置可知，A为N元素，B为O元素，C为Al 元素，D为S元素，E为Cl元素；A．电子层数越多，半径越大，电子层数相同时，原子序数越大，半径越小，则原子半径的大小顺序为：r C＞r D＞r E＞r A＞r B；故A错误；B．同周期从左到右非金属性逐渐增强，其最高价氧化物对应的水化物的酸性增强，则元素D的最高价氧化物对应的水化物的酸性比E的弱，故B错误；C．N、S在自然界中存在单质，分别为氮气和硫磺，故C正确；D．C为Al元素，其最高价氧化物的水化物为两性氢氧化物，E为Cl元素，其最高价氧化物的水化物为强酸，二者能发生反应，故D错误．故C．16．已知五种元素的原子序数的大小顺序为C＞A＞B＞D＞E，A、C同周期，B、C同主族．A 与B形成的离子化合物A2B中所有离子的电子数相同，其电子总数为30；D和E可形成4核10个电子的分子．下列说法正确的是（）A．D元素最高价氧化物对应的水化物化学式H2YO4B．原子半径由大到小的顺序为：B＞D＞EC．B、C两种元素的气态氢化物中，C的气态氢化物较稳定D．A与B形成的两种化合物中，阴、阳离子物质的量之比均为1：2【考点】原子结构与元素的性质；原子结构与元素周期律的关系．【分析】A与B形成离子化合物A2B，A2B中所有粒子的电子数相同，且电子总数为30，所以每个离子都有10个电子，由化学式的结构可知，B带2个单位负电荷，A带1个单位正电荷，所以A是Na元素，B是O元素，因为A、C同周期，B与C同主族，所以C为S 元素．D和E可形成4核10电子的分子，原子序数B＞D＞E，可知该分子是NH3，所以D 是N元素，E是H元素，据此解答．【解答】解：A与B形成离子化合物A2B，A2B中所有粒子的电子数相同，且电子总数为30，所以每个离子都有10个电子，由化学式的结构可知，B带2个单位负电荷，A带1个单位正电荷，所以A是Na元素，B是O元素，因为A、C同周期，B与C同主族，所以C 为S元素．D和E可形成4核10电子的分子，原子序数B＞D＞E，可知该分子是NH3，所以D是N元素，E是H元素．A．D为N元素，最高价氧化物对应的水化物化学式HNO3，故A错误；B．所有元素中氢原子半径最小，同周期自左而右原子半径减小，故原子半径D（N）＞B （O）＞E（H），故B错误；C．非金属性O＞S，故氢化物稳定性H2O＞H2S，故C错误；D．A与B形成的两种化合物有Na2O、Na2O2，二者中阴、阳离子物质的量之比均为1：2，故D正确，。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期中考试语文试题(含详细答案)
牡一中2017级高一学年下学期期中考试语文试题一、论述类文本阅读阅读下面的文字，完成1～3小题。
（9分）永嘉乱后，五胡民族纵横中原地区，秦汉国家的乡亭里制度随着华夏帝国的崩溃遭到极大冲击，代之而起的是坞堡壁垒星罗棋布地分散在北部中国，坞壁乃至隋唐村落制的形成和发展，是中古社会转型的重要内容，由此决定坞壁是中古史研究的重要课题。
自二十世纪四十年代以来，中日学者相继对坞壁展开研究。
学界研究坞壁的思路及成果可以分为两类：一是就坞壁本身的起源、类型、分布及兴衰进行考察；二是将坞壁作为中国基层社会变迁的重要环节进行探讨，尤其关注从坞壁到村落的社会变迁。
坞壁政治和军事方面的意义不言而喻，也是学者集矢之处，然而学界关于坞壁的经济功能则着墨较少。
坞壁作为“小城”的经济模式，它与南方处于常态的庄园制经济存在显著差别。
北魏时期的坞壁经济脱胎于两汉时期的豪强地主庄园制经济，其产生、发展、演变和衰亡的历史过程，伴随着地方豪族与国家权力的力量消长。
两汉之际社会动荡，阶级矛盾激化，地方豪强在国家动乱之际为保护其生命和财产安全建立豪强坞壁，坞壁经济随之产生。
王莽天凤年间，北方大饥，兵乱盗贼甚嚣尘上，社会逐渐呈现出混乱动荡的景象，在长安周围以及河北等广大区域分布着形形色色的坞壁。
东汉政权建立后，光武帝刘秀遂下令摧毁坞壁，采取“遣其渠帅，皆诣京师；散其小民，令就农业；坏其营垒，无使复聚”的政策，使得坞壁仅残存于边境，坞壁组织一度受到压制。
东汉末年，地方主义渐成气候，中原板荡之局更是成为坞壁迅猛发展的土壤。
魏晋以降，北部中国进入持续的混战期，没有能力迁徙他地或远距离逃散的下层民众，为规避兵燹和逃脱赋役，纷纷依附于豪强地主，委身坞壁以求自保。
坞壁在豪强大族领导下，聚族而居，吸收流民，以宗法血缘为纽带者，如缑氏县的刘聚、北地郡的赵氏坞、陇西的侯坞等；以地缘乡里为纽带者，如济北郡的乌下聚、泰山郡的菟裘聚、洛阳的一泉坞等。
深入考察其内部特征，大多数坞壁同时具有宗法血缘和地域乡里的特征，这构成了中古时期北方豪族经济的典型特征。
【100所名校】2017-2018学年黑龙江省牡丹江市第一高级中学高一下学期期末考试地理试题(解析版)
2017-2018学年黑龙江省牡丹江市第一高级中学高一下学期期末考试地理试题地理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第I 卷（选择题）一、选择题组读下图，完成下面小题。
1．①、③人口增长模式分别是（ ）A. 现代型和原始型B. 原始型和传统型C. 现代型和传统型D. 传统型和现代型2．②时期，该国人口增长的基本特征是（ ）A. 高出生率、低死亡率、高自然增长率B. 高出生率、高死亡率、低自然增长率C. 低出生率、高死亡率、低自然增长率D. 低出生率、低死亡率、低自然增长率3．③与①相比死亡率偏高的原因是（ ）A. 战争B. 疾病C. 生活水平差D. 人口老龄化环境承载力是指在一定时期内，在维持相对稳定的前提下，环境资源所能容纳的人口规模和经济规模的大小。
结合下表及所学知识，回答下面小题。
4．若a 、b 、c 、d 代表该岛国的四类资源在某一时期所能供养的人口数量，且a>b>c>d ，则该地的环境承载力是( ) A. a B. b C. c D. d 5．结合表中信息分析2015年该岛国最多能供养的人口数45万代表（ ） A. 人口合理容量 B. 人口容量 C. 人口临界值 D. 以上都不是 为激活闲置车位，缓解城市停车难的压力，乐山市城区准备采取“共享停车”措施，鼓励各企事业单位、大型购物商场将停车位夜间向周边社区市民开放。
下图为“乐山市某功能区不同时段人口流动状况示意图”。
据此完成下列各题。
6．该功能区属于（ ） A. 住宅区 B. 行政区 C. 工业区 D. 商业区 7．“共享停车”主要利用了该功能区与相邻功能区（ ） A. 地租水平的差异 B. 人口密度的差异 C. 汽车拥有量的差异 D. 人口流动状况的差异 针对目前网上热议的将iPhone 手机迁回美国本土生产，很多专业人士认为这不切实际。
《全国百强校》黑龙江省牡丹江市第一高级中学高一下学期期中考试语文试题.doc
《全国百强校》黑龙江省牡丹江市第一高级中学高一下学期期中考试语文试题考点：理解常见文言实词在文中的含义和用法。
能力层级为理解B。
8下列句中加点的词语，解释不正确的一项是A．用心一也用心：使用心力。
B．余威震于殊俗殊俗：不同的风俗。
C．小学而大遗小学：小的方面学习。
D．六艺经传皆通习之经传：经文和传文。
【答案解析】A试题分析：本题主要考查文言词语的意思。
A项结合“一”的意思，“用心”应该是因为心思。
9下列句中加点的字，词类活用不相同的一项是A．吾师道也B．序八州而朝同列C．假舟楫者，非能水也D．有席卷天下，包举宇内，囊括四海之意【答案解析】D试题分析：本题主要词类活用。
D项，名词作状语，其余名词活用为动词。
10下列句式与其他三项不同的一项是A．师不必贤于弟子B．而耻学于师C．申之以孝悌之义D．未之有也【答案解析】D试题分析：本题主要考查文言特殊句式。
D项，宾语前置句。
其余为状语后置句。
11选出文化常识表述错误的一项A．庠序：古代学校，商（殷）代叫庠，周代叫序。
B．六艺：指《诗》《书》《礼》《易》《乐》《春秋》六部经书，又称作“六经”。
另也指礼、乐、射、御、书、数六种技能。
C．跬步：古代称跨出一脚为跬，跨出两脚为步。
D．句读：古人指文辞休止和停顿之处。
文辞语意已尽处为句，未尽而需停顿处为读。
【答案解析】A试题分析：本题主要考查文学常识。
A项，庠序：古代学校，商（殷）代叫序，周代叫庠。
12下列各句中划线成语的使用，全都正确的一项是①很多人都爱做梦，古往今来的诗人们更爱做梦，但能把梦真切地叙写出来的，细腻地表现人之感情的还要数那些妙笔生花的诗人们。
②罗尔事件，也应当成为互联网捐赠领域的最后一起公案，信息高速流通的时代，非要绕过正规的捐赠平台去另辟蹊径也完全是作茧自缚。
③小说的情节安排环环相扣，一步一步将故事推向高潮，同时又张弛结合，疏密相间，在一波三折的跌宕文势中人物性格得以逼真展现，情节更加栩栩如生。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期末考试数学试题
牡一中2017级高一学年下学期期末考试数 学 试 题一、选择题（共12小题，每题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1、过点)1,4(-P 且与直线0643=+-y x 垂直的直线方程是（ ） A 、01334=-+y x B 、01934=--y x C 、01643=--y x D 、0843=-+y x2、经过两条直线0232:1=+-y x l 与0243:2=--y x l 的交点，且平行于直线0724=+-y x 的直线方程是（ ）A 、 092=+-y xB 、 0924=+-y xC 、 0182=--y xD 、 0182=++y x3、已知实数y x ,满足⎪⎩⎪⎨⎧≥+-≤-≥+0223021y x y x y x ，则y x z -=3的最大值为（ ）A 、31 B 、32C 、1D 、2 4、点()1,2-a a 在圆()5122=-+y x 的内部，则a 的取值范围是（ ） A 、()1,1- B 、()1,0 C 、⎪⎭⎫ ⎝⎛-51,1 D 、⎪⎭⎫ ⎝⎛-1,515、对于任给的实数m ，直线5)12()1(-=-+-m y m x m 都通过一定点，则该定点的坐标为( )A 、 )4,9(-B 、)4,9(--C 、)4,9(D 、)4,9(-6、光线从点)4,3(-A 发出，经过x 轴反射，再经过y 轴反射，最后经过点)6,2(-B ，则经过y 轴反射的光线的方程为（ ）A 、022=-+y xB 、022=+-y xC 、022=++y xD 、022=--y x7、对于用“斜二测画法”画平面图形的直观图，下列说法正确的是（ ） A 、等腰三角形的直观图仍为等腰三角形 B 、梯形的直观图可能不是梯形 C 、正方形的直观图为平行四边形 D 、正三角形的直观图一定为等腰三角形8、已知n m ,是两条不同的直线，βα,是两个不同的平面，则下列命题正确的是（ ） A 、若βα,垂直于同一平面，则α与β平行 B 、若n m ,平行于同一平面，则m 与n 平行C 、若βα,不平行，则在α内不存在与β平行的直线D 、若n m ,不平行，则m 与n 不可能垂直于同一平面9、已知正方体1111D C B A ABCD -，点F E ,分别是棱1111,C B C D 的中点，过F E ,作一平面α，使得平面//α平面11D AB ，则平面α截正方体的表面所得平面图形为（ ）A 、 三角形B 、 四边形C 、 五边形D 、 六边形10、在直三棱柱111C B A ABC -中，底面是正三角形，三棱柱的高为3。
[小初高学习]黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一地理下学期期末考试试题(含解析)
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牡一中2017级高一学年下学期期末考试地理试题一、第一部分（共40题，1-10题每题1分，11-40题每题2分）读下图，完成下面小题。
1. ①、③人口增长模式分别是（）A. 现代型和原始型B. 原始型和传统型C. 现代型和传统型D. 传统型和现代型2. ②时期，该国人口增长的基本特征是（）A. 高出生率、低死亡率、高自然增长率B. 高出生率、高死亡率、低自然增长率C. 低出生率、高死亡率、低自然增长率D. 低出生率、低死亡率、低自然增长率3. ③与①相比死亡率偏高的原因是（）A. 战争B. 疾病C. 生活水平差D. 人口老龄化【答案】1. D 2. B 3. D【解析】1. 图中横坐标表示死亡率、纵坐标表示出生率，可读出①出生率为2.8%、死亡率为0.8%、自然增长率为2%，是高出生率、低死亡率、高自然增长率的传统型；③出生率和死亡率都低于1%，是低出生率、低死亡率、低自然增长率的现代型，D正确。
2. 图中横坐标表示死亡率、纵坐标表示出生率，可读出②出生率为2.6%、死亡率为3.1%、自然增长率为－0.5%，是高出生率、高死亡率、低自然增长率的原始型，B正确。
3. 图中③出生率和死亡率都低于1%，是低出生率、低死亡率、低自然增长率的现代型，可知为发达国家，人口死亡偏高的原因是人口老龄化，D正确。
【点睛】人口增长特征判断(1)定性描述：原始型是“高—高—低”型；传统型是“高—低—高”型；现代型是“低—低—低”型。
(2)定量描述：下图为南亚某城市主要功能区分布示意图，读图回答下面小题。
4. 图中甲、乙、丙对应的功能区正确的是（）A. 甲-商业区乙-工业区丙-住宅区B. 甲-住宅区乙-工业区丙-商业区C. 甲-商业区乙-住宅区丙-工业区D. 甲-工业区乙-商业区丙-住宅区5. 关于该城市规划及原因的说法正确的是（）A. ①处适宜规划建设高级住宅区—地价较低B. ②处适宜规划建设化工厂—交通便利C. ③处适宜规划建设绿化带—减少污染D. ④处适宜规化建没食品加工厂—靠近水源【答案】4. C 5. C【解析】试题分析：4. 图示甲位于城市中心，且交通便利，应是商业区；乙面积较大，且位于城市中心外围，应是住宅区；丙远离城市中心，且位于主要交通干线附近，应是工业区。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期中考试物理试题
牡一中2017级高一学年下学期期中考试物理试题一、选择题（每小题4分，共60 分。
在1～10小题所给出的四个选项中，只有一个选项正确，在11-15 小题所给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）1. 关于向心力的说法正确的是（）A.物体由于做圆周运动而产生了向心力B. 向心力就是物体受到的合外力C.作匀速圆周运动的物体其向心力是不变的D.向心力不改变圆周运动物体速度的大小2．如图所示.小物块A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动.下列关于A的受力情况说法正确的是（）A. 受重力、支持力B. 受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C. 受重力、支持力、与运动方向的摩擦力和向心力D. 受重力、支持力和与运动方向相反的摩擦力3．如图所示，为一皮带传动装置，右轮半径为r，a为它边缘上一点；左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．若传动过程中皮带不打滑，则( )A. a点和b点的角速度大小之比为1:2B. a点和c点的线速度大小之比为1:2C. a点和b点的向心加速度大小之比为2:1D. a点和d点的向心加速度大小之比为1:14．如图所示，物体在力F的作用下沿水平面发生了一段位移x，三种情形下力F和位移x的大小都是相等的。
角θ的大小、物体运动方向已在图中标明。
下列说法正确的是A. 三种情形下，力F做功的大小相等B. 甲、乙两种情形下，力F都做负功C. 乙、丙两种情形下，力F都做正功D. 不知道地面是否光滑，无法判断F做功的大小关系5．下列几组数据中能算出地球质量的是（万有引力常量G是已知的）A. 地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离rB. 月球绕地球运行的周期T和地球的半径rC. 月球绕地球运动的角速度和地球的半径rD. 月球绕地球运动的周期T和轨道半径r6．“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星（同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星的高度约为21500Km，同步卫星的高度约为36000Km，下列说法正确的是（）A. 同步卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度大B. 同步卫星和中轨道卫星的线速度均大于第一宇宙速度C. 中轨道卫星的周期比同步卫星周期小D. 赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大7．我国第五颗北斗导航卫星是一颗地球同步轨道卫星。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017_2018学年高一化学下学期期末考试试题(含解析)
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期末考试化学试题可能用到的相对原子质量：H:1 C:12 O:16 Mg:24 Mn:55 Br:80一、选择题（每小题只有一个小题符合题意，每小题2分，共46分）1. 进行一氯取代后，只能生成四种沸点不同的有机物的烷烃是（）A. (CH3)2CHCH2CH2CH3B. (CH3)2CHCH3C. (CH3)2CHCH(CH3)2D. (CH3)3CCH2CH2CH3【答案】D【解析】分析：进行一氯取代后，只能生成四种沸点不同的有机物，说明烷烃分子中含有四类氢原子，据此解答。
详解：进行一氯取代后，只能生成四种沸点不同的有机物，说明烷烃分子中含有四类氢原子，则A．(CH3)2CHCH2CH2CH3含有5种等效氢，所以能生成5种沸点不同的有机物，A错误；B．(CH3)2CHCH3含有2种等效氢，所以能生成2种沸点不同的有机物，B错误；C．(CH3)2CHCH(CH3)2含有2种等效氢，所以能生成2种沸点不同的有机物，C错误；D．(CH3)3CCH2CH2CH3含有4种等效氢，所以能生成4种沸点不同的有机物，D正确。
答案选D。
点睛：考查主要是同分异构现象和同分异构体，常见有机物的结构，题目难度不大。
根据等效氢的判断方法是解答的关键，即同一个碳原子上连的氢原子等效，同一个碳原子上所连的甲基的氢原子等效，对称的碳原子上的氢原子等效。
2. 第119号未知元素，有人称为“类钫”。
根据周期表结构及元素性质变化趋势，下列有关“类钫”的预测中错误的是( )A. 单质有较高熔点B. “类钫”在化合物中呈＋1价C. “类钫”具有放射性D. “类钫”单质的密度大于1 g·cm－3【答案】A【解析】分析：本题考查的是元素周期律，根据同主族元素的第变性进行分析即可。
详解：A.119号元素在第ⅠA族，根据锂、钠、钾、铷、铯、钫的顺序进行分析，同主族元素的单质熔点依次降低，故错误；B.该元素为第ⅠA族元素，化合价为+1价，故正确；C.因为钫有放射性，可以推知该元素也有放射性，故正确；D.根据同族元素规律推断，密度依次增大，所以该元素的单质密度大于1 g·cm－3，故正确。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一历史下学期期中试题(含答案)
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期中试题历史一、第一部分选择题 (在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的。
共40题，每小题2分，共80分。
）1．图1到图2的变化，反映出中国古代农业生产中( )A. 铁犁牛耕的产生B. 农业经营方式的变化C. 单位产量的提高D. 农业耕作技术的提高2．某《竹枝词》云：“脚痛腰酸晓夜忙，田头车戽响浪浪。
高田车进低田出，只愿高洼不做荒。
”这首词描写的灌溉工具是( )A. 耧车B. 翻车C. 筒车D. 风力水车3．我国古代的一些著作中多有关于农业的叙述，如《荀子·王制》：“凡农之道，厚（候）之为宝”。
《农书·粪田之宜》：“用粪犹用药也”。
《吕氏春秋·上农》：“时至而作，竭时而止”。
《齐民要术》：“麦黄种麻，麻黄种麦”。
以上四则材料均反映了( )A. 中国古代农业根据节气来安排农业生产B. 中国古代农业发展尊重自然规律C. 中国古代农业精耕细作的特点D. 中国古代农业注重因地制宜4．宋代诗人叶茵在《田父吟》中写道：“桃花深映水边庄，夫妇相携笑语香。
耕耨有粮蚕有种，丁男戽水妇要桑。
”此诗反映了( )A. 男耕女织的分工性B. 田园生活的艰难性C. 农业生产的富足性D. 小农经济的自给性5．《诗经》云：“千耦其耘。
”李悝说：“今一夫挟五口，治田百亩，岁收亩一石半，为粟百五十石。
”上述现象变化主要得益于( )A. 井田制的瓦解B. 重农抑商政策C. 赋税制的改革D. 铁犁牛耕的运用6．《诗经》是一部现实主义文学作品，具有重要的史料价值。
其中，“雨我公田，遂及我私”反映的是( )A. 精耕细作技术成熟B. 小农经济发展完善C. 井田制趋于瓦解D. 土地兼并严重7．钱泳在《履园丛话》中说：“俗语云：‘百年田地转三家’，言百年之内，兴废无常，必有转售其田至于三家也。
今则不然，……十年之间，已易数主。
”这种现象产生的根源是( ) A．政府“不抑兼并” B．地主阶级掌握封建政权C．重农抑商政策 D．封建土地私有制8．商鞅变法“废井田，开阡陌”，与春秋时期齐国“相地而衰征”和鲁国“初税亩”相比，最大的不同点是( )A. 客观上承认了土地的私有权B. 提高了生产者的积极性C. 以法律形式废除了井田制D. 实际上使土地私有制合法化9．宋代官田招佃，往往张榜招募流民，采取自愿原则，并订立租佃契约，同时规定如果佃农不愿继续承佃，要求退佃和迁徙，官府不得无理阻拦。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一语文下学期期末考试试题(含解析)练习
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一语文下学期期末考试试题（含解析）练习一、现代文阅读论述类文本阅读阅读下面的文字，完成小题。
古今中外论读书，大致都不外专精和博览两途。
“专精”是指对古代经典之作必须下基础工夫。
古代经典很多，今天已不能人人尽读。
像清代戴震，不但十三经本文全能背诵，而且“注”也能背诵，只有“疏”不尽记得，这种工夫今天已不可能。
因为我们的知识范围扩大了无数倍，无法集中在几部经、史上面。
但是我们若有志治学问，还是要选几部经典，反覆阅读，虽不必记诵，至少要熟。
近人余嘉锡在他的《四库提要辩证》的序录中说：“董遏谓读书百遍，而义自见，固是不易之论。
百遍纵或未能，三复必不可少。
”至少我们必须在自己想进行专门研究的范围之内，作这样的努力。
经典作品大致都已经过古人和今人的一再整理，我们早已比古人占许多便宜了。
不但传统如此，西方现代的人文研究也还是如此。
从前芝加哥大学有“伟大的典籍”的课程，也是要学生精熟若干经典。
精读的书给我们建立了作学问的基地；有了基地，我们才能扩展，这就是博览了。
博览也须要有重点，不是漫无目的的乱翻。
现代是知识爆炸的时代，古人所谓“一物不知，儒者之耻”，已不合时宜了。
所以我们必须配合着自己专业去逐步扩大知识的范围。
这里需要训练自己的判断能力：哪些学科和自己的专业相关？在相关各科之中，我们又怎样建立一个循序发展的计划？各相关学科之中又有哪些书是属于“必读”的一类？朱子说得好：“读书别无法，只管看，便是法。
正如呆人相似，捱来捱去，自己却未先要立意见，且虚心，只管看。
看来看去，自然晓得。
”这似乎是最笨的方法，但其实是最聪明的方法。
事实证明：不同主观的人，只要“虚心”读书，则也未尝不能彼此印证而相悦以解。
如果“虚心”是不可能的，读书的结果只不过各人加强已有的“主观”，那又何必读书呢？“虚”和“谦”是分不开的。
我们读经典之作，甚至一般有学术价值的今人之作，总要先存一点谦逊的心理，不能一开始便狂妄自大。
黑龙江省牡丹江一中2017-2018学年高一下学期期中数学试卷 Word版含解析
2017-2018学年黑龙江省牡丹江一中高一（下）期中数学试卷一、选择题：（本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．下列关于不等式的结论中正确的是（）A．若a＞b，则ac2＞bc2B．若a＞b，则a2＞b2C．若a＜b＜0，则a2＜ab＜b2D．若a＜b＜0，则＞2．已知不等式ax2﹣5x+b＞0的解集为{x|﹣3＜x＜2}，则不等式bx2﹣5x+a＞0的解集为（）A．{x|﹣＜x＜}B．{x|x＜﹣或x＞}C．{x|﹣3＜x＜2}D．{x|x＜﹣3或x＞2}3．数列{a n}：1，﹣，，﹣，…的一个通项公式是（）A．a n=（﹣1）n+1（n∈N+） B．a n=（﹣1）n﹣1（n∈N+）C．a n=（﹣1）n+1（n∈N+） D．a n=（﹣1）n﹣1（n∈N+）4．三个数0.993，log20.6，log3π的大小关系为（）A．log3π＜0.993＜log20.6 B．log20.6＜log3π＜0.993C．0.993＜log20.6＜log3πD．log20.6＜0.993＜log3π5．已知数列{a n}满足3a n+1+a n=0，a2=﹣，则{a n}的前10项和等于（）A．﹣6（1﹣3﹣10）B．C．3（1﹣3﹣10）D．3（1+3﹣10）6．△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，则“a＞b”是“cos2A＜cos2B”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件7．已知△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若a2=b2+c2﹣bc，bc=4，则△ABC 的面积为（）A．B．1 C．D．28．已知数列{a n}为等差数列，且公差d＞0，数列{b n}为等比数列，若a1=b1＞0，a5=b5，则（）A．a9＞b9B．a9=b9C．a9＜b9D．a9与b9大小无法确定9．在△ABC中，若sin（A﹣B）=1+2cos（B+C）sin（A+C），则△ABC的形状一定是（）A．等边三角形B．不含60°的等腰三角形C．钝角三角形D．直角三角形10．函数f（x）=5+的最大值为（）A． B． C． D．11．已知正项等比数列{a n}满足：a7=a6+2a5，若存在两项a m，a n使得=4a1，则+的最小值为（）A．B．C．D．不存在12．如图，已知点D为△ABC的边BC上一点，，E n（n∈N+）为边AC上的一列点，满足，其中实数列{a n}中a n＞0，a1=1，则{a n}的通项公式为（）A．2•3n﹣1﹣1 B．2n﹣1 C．3n﹣2 D．3•2n﹣1﹣2二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分．将答案填在答题卡相应的位置上）13．证明1++++…+＞（n∈N*），假设n=k时成立，当n=k+1时，左端增加的项数是______．14．若关于x的不等式x2﹣ax﹣a≤﹣3的解集不是空集，则实数a的取值范围是______．15．如图，为测量山高MN，选择A和另一座山的山顶C为测量观测点．从A点测得M 点的仰角∠MAN=60°，C点的仰角∠CAB=45°以及∠MAC=75°；从C点测得∠MCA=60°．已知山高BC=100m，则山高MN=______m．16．已知数列{a n}是各项均不为零的等差数列，S n为其前n项和，且（n∈N*）．若不等式对任意n∈N*恒成立，则实数λ的最大值为______．三、解答题（本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．设函数f（x）=|3x﹣1|+ax+3．（1）若a=1，解不等式f（x）≤5；（2）若函数f（x）有最小值，求实数a的取值范围．18．在锐角△ABC中，a、b、c分别为角A、B、C所对的边，且=2csinA（1）确定角C的大小；（2）若c=，且△ABC的面积为，求a+b的值．19．已知各项均为正数的等比数列{a n}的前三项为a﹣2，4，2a，记前n项和为S n．（1）设S k=62，求a和k的值；（2）令b n=（2n﹣1）a n，求数列{b n}的前n项和T n．20．如图，D是直角△ABC斜边BC上一点，AC=DC．（I）若∠DAC=30°，求角B的大小；（Ⅱ）若BD=2DC，且AD=2，求DC的长．21．设数列{a n}的前n项和为S n，若S n﹣1是a n与S n的等比中项，求数列{a n}的通项公式．22．已知数列a n是公差不为零的等差数列，且a3=5，a2，a4，a12成等比数列．数列{b n}的每一项均为正实数，其前n项和为S n，且满足4S n=b n2+2b n﹣3（n∈N*）（I）数列{a n}，{b n}的通项公式（Ⅱ）令c n=，记数列{c n}的前n项和为T n，若≥对∀n∈N*恒成立，求正整数m的最大值．2017-2018学年黑龙江省牡丹江一中高一（下）期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．下列关于不等式的结论中正确的是（）A．若a＞b，则ac2＞bc2B．若a＞b，则a2＞b2C．若a＜b＜0，则a2＜ab＜b2D．若a＜b＜0，则＞【考点】不等式的基本性质．【分析】对于A，B，C举反例即可判断，对于D，根据不等式的性质可判断．【解答】解：对于A，当c=0时，不成立，对于B，当a=2，b=﹣3时，则不成立，对于C，当a=﹣3，b=﹣1时，则不成立，对于D，根据不等式的性质，a＜b＜0，﹣=＞0，即可得到＞，则成立，故选：D．2．已知不等式ax2﹣5x+b＞0的解集为{x|﹣3＜x＜2}，则不等式bx2﹣5x+a＞0的解集为（）A．{x|﹣＜x＜}B．{x|x＜﹣或x＞}C．{x|﹣3＜x＜2}D．{x|x＜﹣3或x＞2}【考点】一元二次不等式的解法．【分析】由不等式ax2﹣5x+b＞0的解集为{x|﹣3＜x＜2}得到a、b的值，代入到不等式中确定出不等式，求出解集即可．【解答】解：因为ax2﹣5x+b＞0的解集为{x|﹣3＜x＜2}根据一元二次不等式求解集的方法可得ax2﹣5x+b=a（x+3）（x﹣2）且a＜0解得a=﹣5，b=30．则不等式bx2﹣5x+a＞0变为30x2﹣5x﹣5＞0解得x＜﹣或x故选B3．数列{a n}：1，﹣，，﹣，…的一个通项公式是（）A．a n=（﹣1）n+1（n∈N+） B．a n=（﹣1）n﹣1（n∈N+）C．a n=（﹣1）n+1（n∈N+） D．a n=（﹣1）n﹣1（n∈N+）【考点】数列的概念及简单表示法．【分析】观察数列各项，可写成：，﹣，，﹣，即可得出结论．【解答】解：观察数列各项，可写成：，﹣，，﹣，故选：D．4．三个数0.993，log20.6，log3π的大小关系为（）A．log3π＜0.993＜log20.6 B．log20.6＜log3π＜0.993C．0.993＜log20.6＜log3πD．log20.6＜0.993＜log3π【考点】对数值大小的比较．【分析】由于0＜0.993＜1，log20.6＜0，log3π＞1，即可得出．【解答】解：∵0＜0.993＜1，log20.6＜0，log3π＞1，∴log20.6＜0.993＜log3π，故选：D．5．已知数列{a n}满足3a n+1+a n=0，a2=﹣，则{a n}的前10项和等于（）A．﹣6（1﹣3﹣10）B．C．3（1﹣3﹣10）D．3（1+3﹣10）【考点】等比数列的前n项和．【分析】由已知可知，数列{a n}是以﹣为公比的等比数列，结合已知可求a1，然后代入等比数列的求和公式可求【解答】解：∵3a n+1+a n=0∴∴数列{a n}是以﹣为公比的等比数列∵∴a1=4由等比数列的求和公式可得，S10==3（1﹣3﹣10）故选C6．△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，则“a＞b”是“cos2A＜cos2B”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断．【分析】在三角形中，结合正弦定理，利用充分条件和必要条件的定义进行判断．【解答】解：在三角形中，cos2A＜cos2B等价为1﹣2sin2A＜1﹣2sin2B，即sinA＞sinB．若a＞b，由正弦定理，得sinA＞sinB．充分性成立．若sinA＞sinB，则正弦定理，得a＞b，必要性成立．所以，“a＞b”是“sinA＞sinB”的充要条件．即a＞b是cos2A＜cos2B成立的充要条件，故选C．7．已知△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若a2=b2+c2﹣bc，bc=4，则△ABC 的面积为（）A．B．1 C．D．2【考点】余弦定理．【分析】由已知及余弦定理可求cosA，从而可求sinA的值，结合已知由三角形面积公式即可得解．【解答】解：∵a2=b2+c2﹣bc，∴由余弦定理可得：cosA===，又0＜A＜π，∴可得A=60°，sinA=，∵bc=4，∴S△ABC=bcsinA==．故选：C．8．已知数列{a n}为等差数列，且公差d＞0，数列{b n}为等比数列，若a1=b1＞0，a5=b5，则（）A．a9＞b9B．a9=b9C．a9＜b9D．a9与b9大小无法确定【考点】等差数列与等比数列的综合．【分析】由等差中项和等比中项的概念，把a9，b9分别用a1，a5和b1，b5表示，结合a1=b1＞0，a5=b5，通过作差判断符号得答案．【解答】解：在等差数列{a n}中，a9=2a5﹣a1，在等比数列{b n}中，，∵a1=b1＞0，a5=b5，∴==．∴a9＜b9．故选：C．9．在△ABC中，若sin（A﹣B）=1+2cos（B+C）sin（A+C），则△ABC的形状一定是（）A．等边三角形B．不含60°的等腰三角形C．钝角三角形D．直角三角形【考点】两角和与差的正弦函数．【分析】利用三角形内角和定理、诱导公式、和差公式即可得出．【解答】解：∵sin（A﹣B）=1+2cos（B+C）sin（A+C），∴sinAcosB﹣cosAsinB=1﹣2cosAsinB，∴sinAcosB+cosAsinB=1，∴sin（A+B）=1，∴sinC=1．∵C∈（0，π），∴．∴△ABC的形状一定是直角三角形．故选：D．10．函数f（x）=5+的最大值为（）A． B． C． D．【考点】函数的最值及其几何意义．【分析】由，可得函数f（x）的定义域为[1，5]．f′（x）=，令5﹣2=0，解得x，利用导数研究函数的单调性极值与最值即可得出．【解答】解：由，解得1≤x≤5，∴函数f（x）的定义域为[1，5]．f′（x）=+=，令5﹣2=0，解得x=．∴函数f（x）在上单调递增，在上单调递减．可知：当x=时，函数f（x）取得最大值=5+=6．故选：A．11．已知正项等比数列{a n}满足：a7=a6+2a5，若存在两项a m，a n使得=4a1，则+的最小值为（）A．B．C．D．不存在【考点】基本不等式在最值问题中的应用；数列与不等式的综合．【分析】{a n}为等比数列，可设首项为a1，公比为q，从而由a7=a6+2a5可以得出公比q=2，而由可以得出m+n=6，从而得到，从而便得到，这样可以看出，根据基本不等式即可得出的最小值．【解答】解：设数列{a n}的首项为a1，公比为q，则由a7=a6+2a5得：；∴q2﹣q﹣2=0；∵a n＞0；∴解得q=2；∴由得：；∴2m+n﹣2=24；∴m+n﹣2=4，m+n=6；∴；∴=，，即n=2m时取“=”；∴的最小值为．故选：A．12．如图，已知点D为△ABC的边BC上一点，，E n（n∈N+）为边AC上的一列点，满足，其中实数列{a n}中a n＞0，a1=1，则{a n}的通项公式为（）A．2•3n﹣1﹣1 B．2n﹣1 C．3n﹣2 D．3•2n﹣1﹣2【考点】数列与向量的综合；数列递推式；数列与解析几何的综合．【分析】利用，可得=+，设m=，利用，可得=a n+1，m=﹣（3a n+2），即a n+1=﹣（3a n+2），证明{a n+1}是以2为首项，3为公比的等比数列，即可得出结论．【解答】解：因为，所以=+，设m=，则因为，所以=a n+1，m=﹣（3a n+2），所以a n+1=﹣（3a n+2），所以a n+1+1=3（a n+1），因为a1+1=2，所以{a n+1}是以2为首项，3为公比的等比数列，所以a n+1=2•3n﹣1，所以a n=2•3n﹣1﹣1．故选：A．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分．将答案填在答题卡相应的位置上）13．证明1++++…+＞（n∈N*），假设n=k时成立，当n=k+1时，左端增加的项数是2k．【考点】数学归纳法．【分析】首先分析题目证明不等式1++++…+＞（n∈N*），假设n=k时成立，求当n=k+1时，左端增加的项数．故可以分别把n=k+1，n=k代入不等式左边，使它们相减即可求出项数．【解答】解：当n=k时不等式为：1++++…+＞（k∈N*），成立当n=k+1时不等式左边为1++++…+++…+，则左边增加2k+1﹣2k=2k项．故答案为：2k．14．若关于x的不等式x2﹣ax﹣a≤﹣3的解集不是空集，则实数a的取值范围是{a|a≤﹣6，或a≥2} ．【考点】二次函数的性质．【分析】不等式x2﹣ax﹣a≤﹣3的解集不是空集，即b2﹣4ac≥0即可，从而求出a的取值范围．【解答】解：∵不等式x2﹣ax﹣a≤﹣3，∴x2﹣ax﹣a+3≤0；∴a2﹣4（﹣a+3）≥0，即a2+4a﹣12≥0；解得a≤﹣6，或a≥2，此时原不等式的解集不是空集，∴a的取值范围是{a|a≤﹣6，或a≥2}；故答案为：{a|a≤﹣6，或a≥2}．15．如图，为测量山高MN，选择A和另一座山的山顶C为测量观测点．从A点测得M 点的仰角∠MAN=60°，C点的仰角∠CAB=45°以及∠MAC=75°；从C点测得∠MCA=60°．已知山高BC=100m，则山高MN=150m．【考点】解三角形的实际应用．【分析】由题意，可先求出AC的值，从而由正弦定理可求AM的值，在RT△MNA中，AM=100m，∠MAN=60°，从而可求得MN的值．【解答】解：在RT△ABC中，∠CAB=45°，BC=100m，所以AC=100m．在△AMC中，∠MAC=75°，∠MCA=60°，从而∠AMC=45°，由正弦定理得，，因此AM=100m．在RT△MNA中，AM=100m，∠MAN=60°，由得MN=100×=150m．故答案为：150．16．已知数列{a n}是各项均不为零的等差数列，S n为其前n项和，且（n∈N*）．若不等式对任意n∈N*恒成立，则实数λ的最大值为9．【考点】数列与函数的综合；数列的求和．【分析】利用等差数列求和公式化简已知条件，求出数列的通项公式，然后化简不等式，分离变量λ，利用函数的单调性求解函数的最值即可．【解答】解：，⇒a n=2n﹣1，n∈N*．就是．在n≥1时单调递增，其最小为9，所以λ≤9，故实数λ的最大值为9．故答案为：9．三、解答题（本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．设函数f（x）=|3x﹣1|+ax+3．（1）若a=1，解不等式f（x）≤5；（2）若函数f（x）有最小值，求实数a的取值范围．【考点】绝对值不等式的解法；函数的最值及其几何意义．【分析】（Ⅰ）a=1时，f（x）=|3x﹣1|+x+3，分类讨论，去掉绝对值，求得x的范围．（Ⅱ）化简f（x）的解析式，根据一次函数的单调性与一次项系数符号的关系，求得a的范围．【解答】解：（Ⅰ）a=1时，f（x）=|3x﹣1|+x+3．当时，f（x）≤5可化为3x﹣1+x+3≤5，解之得；当时，f（x）≤5可化为﹣3x+1+x+3≤5，解之得．综上可得，原不等式的解集为．（Ⅱ）函数f（x）有最小值的充要条件为，即﹣3≤a≤3．18．在锐角△ABC中，a、b、c分别为角A、B、C所对的边，且=2csinA（1）确定角C的大小；（2）若c=，且△ABC的面积为，求a+b的值．【考点】解三角形．【分析】（1）利用正弦定理把已知条件转化成角的正弦，整理可求得sinC，进而求得C．（2）利用三角形面积求得ab的值，利用余弦定理求得a2+b2的值，最后求得a+b的值．【解答】解：（1）∵=2csinA∴正弦定理得，∵A锐角，∴sinA＞0，∴，又∵C锐角，∴（2）三角形ABC中，由余弦定理得c2=a2+b2﹣2abcosC即7=a2+b2﹣ab，又由△ABC的面积得．即ab=6，∴（a+b）2=a2+b2+2ab=25由于a+b为正，所以a+b=5．19．已知各项均为正数的等比数列{a n}的前三项为a﹣2，4，2a，记前n项和为S n．（1）设S k=62，求a和k的值；（2）令b n=（2n﹣1）a n，求数列{b n}的前n项和T n．【考点】数列的求和；等比数列的通项公式．【分析】（1）利用等比数列的通项公式及其前n项和公式即可得出；（2）利用“错位相减法”与等比数列的前n项和公式即可得出．【解答】解：（1）∵各项均为正数的等比数列{a n}的前三项为a﹣2，4，2a，∴42=2a（a﹣2），化为a2﹣2a﹣8=0，解得a=4或﹣2．∵a＞0，∴a=4．∴a1=2，a2=4，公比q==2．∴S k=62=，解得k=5．∴a=4，k=5．（2）由（1）可得：a n=2n．b n=（2n﹣1）a n=（2n﹣1）•2n．∴数列{b n}的前n项和T n=2+3×22+5×23+…+（2n﹣1）•2n，∴2T n=22+3×23+…+（2n﹣3）•2n+（2n﹣1）•2n+1，∴﹣T n=2+2（22+23+…+2n）﹣（2n﹣1）•2n+1=﹣2﹣（2n﹣1）•2n+1=（3﹣2n）•2n+1﹣6，∴T n=（2n﹣3）•2n+1+6．20．如图，D是直角△ABC斜边BC上一点，AC=DC．（I）若∠DAC=30°，求角B的大小；（Ⅱ）若BD=2DC，且AD=2，求DC的长．【考点】正弦定理．【分析】（Ⅰ）由正弦定理有，又，可得，结合∠ADC=∠B+∠BAD=∠B+60°＞60°，可求∠ADC，即可求B的值．（Ⅱ）设DC=x，则BD=2x，BC=3x，，可求，，，由余弦定理即可计算得解DC的长．【解答】（本题满分为12分）解：（Ⅰ）在△ABC中，根据正弦定理，有．因为，所以．又∠ADC=∠B+∠BAD=∠B+60°＞60°，所以∠ADC=120°．…于是∠C=180°﹣120°﹣30°=30°，所以∠B=60°．…（Ⅱ）设DC=x，则BD=2x，BC=3x，．于是，，．…在△ABD中，由余弦定理，得AD2=AB2+BD2﹣2AB•BDcosB，即，得x=2．故DC=2．…21．设数列{a n}的前n项和为S n，若S n﹣1是a n与S n的等比中项，求数列{a n}的通项公式．【考点】数学归纳法．【分析】分别计算a1，a2，a3，猜想a n，利用数学归纳法进行证明．【解答】解：∵S n﹣1是a n与S n的等比中项，∴（S n﹣1）2=a n•S n，当n=1时，（a1﹣1）2=a12，解得a1=，当n=2时，（a2﹣）2=a2（a2+），解得a2=，当n=3时，（a3﹣）2=a3（a3+），解得a3=．猜想：a n=，证明：当n=1时，显然猜想成立，假设n=k时猜想成立，即a k=．∴S k=+…+=1﹣++…+=．当n=k+1时，（S k+1﹣1）2=a k+1S k+1，即（S k+a k+1﹣1）2=a k+1（S k+a k+1），∴（a k+1﹣）2=a k+1（+a k+1），∴a k+12﹣+=+a k+12．∴a k+1=．∴当n=k+1时猜想成立．∴a n=．22．已知数列a n是公差不为零的等差数列，且a3=5，a2，a4，a12成等比数列．数列{b n}的每一项均为正实数，其前n项和为S n，且满足4S n=b n2+2b n﹣3（n∈N*）（I）数列{a n}，{b n}的通项公式（Ⅱ）令c n=，记数列{c n}的前n项和为T n，若≥对∀n∈N*恒成立，求正整数m的最大值．【考点】数列的求和；数列递推式．【分析】（I）通过设数列{a n}的首项为a1，公差为d（≠0），代入计算即得a n=3n﹣4；当n=1时由4S1=b12+2b1﹣3可知b1=3，当n≥2时，利用4S n=b n2+2b n﹣3与4S n﹣1=b n﹣12+2bn﹣1﹣3作差，整理可知数列{b n}是首项为3、公差为2的等差数列，进而可知b n=2n+1；（Ⅱ）通过（I）裂项可知c n=（﹣），并项相加可知T n=，进而可知=1﹣，通过令f（x）=1﹣，借助函数知识可知≥，从而问题转化为解不等式≤，计算即得结论．【解答】解：（I）设数列{a n}的首项为a1，公差为d（≠0），由已知可得，解得：或（舍），∴a n =3n ﹣4；当n=1时，4S 1=b 12+2b 1﹣3，解得：b 1=3或b 1=﹣1（舍）， 当n ≥2时，4S n ﹣1=b n ﹣12+2b n ﹣1﹣3，∴4b n =4S n ﹣4S n ﹣1=b n 2+2b n ﹣b n ﹣12﹣2b n ﹣1， 整理得：（b n ﹣b n ﹣2﹣2）（b n +b n ﹣2）=0， 又∵数列{b n }的每一项均为正实数， ∴b n ﹣b n ﹣2﹣2=0，∴数列{b n }是首项为3、公差为2的等差数列， ∴b n =2n +1；（Ⅱ）由（I ）可知c n ===（﹣），则T n =（1﹣+﹣+…+﹣）=（1﹣）=，∴==1﹣，令f （x ）=1﹣，则当x ＞0时，f （x ）＞0，∴{}为递增数列，≥=，又∵≥对∀n ∈N * 恒成立，∴=≤，解得：m ≤，故正整数m 的最大值为6．2018年9月23日。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期末考试化学试题
牡一中2018级高一学年下学期期末考试化学试题可能用到的相对原子质量：H:1 C:12 O:16 Mg:24 Mn:55 Br:80一、选择题（每小题只有一个小题符合题意，每小题2分，共46分）1．进行一氯取代后，只能生成四种沸点不同的有机物的烷烃是（）A. (CH3)2CHCH2CH2CH3B. (CH3)2CHCH3C. (CH3)2CHCH(CH3)2D. (CH3)3CCH2CH2CH32．第119号未知元素，有人称为“类钫”。
根据周期表结构及元素性质变化趋势，下列有关“类钫”的预测中错误的是( )A．单质有较高熔点 B．“类钫”在化合物中呈＋1价C．“类钫”具有放射性 D．“类钫”单质的密度大于1 g·cm－3 3．下列叙述正确的是( )A．13C和14C属于同一种元素，它们互为同位素B．2H和3H是不同的核素，它们的质子数不相等C．14C和14N的质量数相等，它们的中子数相等D．6Li和7Li的电子数相等，中子数相等4．关于离子键、共价键的各种叙述中，下列说法中正确的是( )A．在离子化合物中，只存在离子键，没有共价键B．非极性键只存在于双原子的单质分子中C．在共价化合物分子内，一定不存在离子键D．由不同元素组成的多原子分子里，一定只存在极性键5．下列分子中所有原子均满足8e－稳定结构的是( )A．NO2B．NH3 C．NCl3D．SO26．下列说法正确的是()A．需要加热才能发生的反应一定是吸热反应B．化学反应中的能量变化都表现为热量变化C．任何放热反应在常温下一定能发生反应D．反应物和生成物所具有的总能量决定了反应是放热还是吸热7．在测定中和热的实验中，下列说法正确的是()A ．使用环形玻璃搅拌棒是为了加快反应速率，减小实验误差B ．为了准确测定反应混合溶液的温度，实验中温度计水银球应与小烧杯底部接触C ．用0.5 mol·L －1 NaOH 溶液分别与0.5 mol·L －1的盐酸、醋酸溶液反应，如所取的溶液体积相等，则测得的中和热数值相同D ．在测定中和热实验中需要使用的仪器有：天平、量筒、烧杯、滴定管、温度计8．根据热化学方程式S(l)＋O 2(g)＝SO 2(g) ΔH ＝－293.23 kJ/mol ，分析下列说法正确的是( )A ．S(s)＋O 2(g)＝SO 2(g)，反应放出的热量大于293.23 kJ/molB ．S(g)＋O 2(g)＝SO 2(g)，反应放出的热量小于293.23 kJ/molC ．1 mol SO 2的化学键断裂吸收的能量总和大于1 mol 硫和1 mol 氧气的化学键断裂吸收的能量之和D ．1 mol SO 2的化学键断裂吸收的能量总和小于1 mol 硫和1 mol 氧气的化学键断裂吸收的能量之和9．灰锡(以粉末状存在)和白锡是锡的两种同素异形体,已知:①Sn(s,白)+2HCl(aq)SnCl 2(aq)+H 2(g) ΔH 1 ②Sn(s,灰)+2HCl(aq)SnCl 2(aq)+H 2(g) ΔH 2 ③Sn(s,灰)Sn(s,白) ΔH 3=+2.1 kJ·mol -1下列说法中正确的是( )A .ΔH 1>ΔH 2 B.锡制器皿长期处于低于13.2 ℃的环境中,会自行毁坏C.灰锡转化为白锡的反应是放热反应D.锡在常温下以灰锡状态存在10．已知：①CO(g)＋12O 2(g)===CO 2(g) ΔH ＝－283.0 kJ·mol －1 ②H 2(g)＋12O 2(g)===H 2O(g) ΔH ＝－241.8 kJ·mol －1 下列说法正确的是( )A.通常状况下，氢气的燃烧热为241.8 kJ·mol －1 B.由①可知，1 mol CO(g)和 12mol O 2(g)反应生成 1 mol CO 2(g)，放出283.0 kJ 的热量 C.可用右图表示2CO 2(g)===2CO(g)＋O 2(g)反应过程中的能量变化关系D.分解1 mol H 2O(g)，其反应热为－241.8 kJ11．如图所示，杠杆AB 两端分别挂有体积相同、质量相等的空心铜球和空心铁球，调节杠杆并使其在水中保持平衡，然后小心地向水槽中央滴入浓硫酸铜溶液，一段时间后，下列有关杠杆的偏向判断正确的是(实验过程中，不考虑铁丝反应及两球的浮力变化)()A．杠杆为导体和绝缘体时，均为A端高B端低B．杠杆为导体和绝缘体时，均为A端低B端高C．当杠杆为绝缘体时，A端低，B端高；为导体时，A端高，B端低D．当杠杆为绝缘体时，A端高，B端低；为导体时，A端低，B端高12.新型LiFePO4可充电锂离子动力电池以其独特的优势成为绿色能源的新宠。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一下学期期中考试化学试题+Word版含答案
牡一中2017级高一学年下学期期中考试化学试题可能用到的相对原子质量：H 1 Cu 64 Fe 56 O 16 C 12 Cl 35.5一、选择题（每题只有一个正确选项，每题2分，共计50分）1、下列反应属于取代反应的是( )A．C2H4＋3O2 点燃2CO2＋2H2O B．Zn＋CuSO4===ZnSO4＋CuC．NaCl＋AgNO3===AgCl↓＋NaNO3 D．CH2Cl2＋Cl2 光照CHCl3＋HCl2.下列说法正确的是 ( )A．煤、石油、沼气属于人类利用的主要化石燃料B．燃料电池的能量转化率可达到100%C．氢气是一种清洁能源D．需要加热才能发生的反应一定是吸热反应3.医学研究证明用放射性13653I治疗肿瘤可收到一定疗效，下列有关I叙述正确的是（）A．它的质子数是136 B．13653I是一种新发现的元素C．它的中子数是53 D．核内的中子数与核外电子数之差为304.下列说法中正确的是（）A．只由非金属元素构成的化合物一定是共价化合物BC．由共价键形成的分子一定是共价化合物D．只有非金属原子间才能形成共价键5. 下列关于指定粒子构成的几种描述中，不正确的是 ( )A.37Cl与39K具有相同的中子数B.在周期表中金属与非金属的分界处，可以找到半导体材料+与OH-C.HD.6.根据如图所给信息,得出的结论正确的是( )A.48 g 碳完全燃烧放出的热量为 1 574 kJ/molB.2C(s)+O2(g) 2CO(g) ΔH=-221.0 kJ/molC.2CO2(g) 2CO(g)+O2(g) ΔH=+283.0 kJ/molD.C(s)+O2(g) CO2(s) ΔH=-393.5 kJ/mol7．下列叙述正确的是( )A．原电池是把化学能转化成电能的一种装置B．原电池的正极发生氧化反应，负极发生还原反应C．不能自发进行的氧化还原反应，通过原电池的装置可以实现D．碳棒不能用来作原电池的正极8．下列叙述正确的是 ( )A．反应AlCl3＋4NaOH===NaAlO2＋3NaCl＋2H2O，可以设计成原电池B．Zn和稀硫酸反应时，加入少量CuSO4溶液能加快产生H2的速率C．把铁片和铜片放入稀硫酸中，并用导线把二者相连，观察到铜片上产生大量气泡，说明Cu 与H2SO4能发生反应而Fe被钝化D．Zn－Cu原电池工作过程中，溶液中H＋向负极做定向移动9.AB．金属和非金属化合形成离子键C．离子键是阳离子、阴离子的相互吸引D．在PCl5、CCl4中各原子最外层均能达到8电子的稳定结构10、原电池的电极名称不仅与电极材料的性质有关，也与电解质溶液有关．下列说法中正确的是( )A．由Fe、Cu、FeCl3溶液组成原电池，负极反应式为：Cu-2e-=Cu2+B．由Al、Cu、稀硫酸组成原电池，负极反应式为：Cu-2e-=Cu2+C．由Al、Mg、NaOH溶液组成原电池，负极反应式为：Al+4OH--3e-=AlO2-+2H2OD．由Al、Cu、浓硝酸组成的原电池中，负极反应式为：Al-3e-=Al3+11. S(单斜)和S(正交)是硫的两种同素异形体。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017_2018学年高一数学下学期期中试题201805261462
黑龙江省牡丹江市第一高级中学 2017-2018学年高一数学下学期期中试题一、选择题（本大题共有 12个小题，每小题 5分，共 60分，在每小题给出的四选项中只有一 项是符合题目要求的。
）1、对于任意实数 a ,b ,c ,d ，下列结论正确的是（）A .若 a b ,c 0 ，则 ac bcB .若 a b ，则 ac 2 bc 2C .若 ac 2 bc 2 ，则 a bD .若 a b ，则11a b2、在ABC 中， a ,b ,c 分别是角 A , B ,C 的对边,a 3,b 7,c 2 ,那么 B 等于（）A .30B .45C .60D .1203、已知等比数列{a }的首项 na 15 ，公比 q2，则 a()2018A . 5 22017B . 5 22018C . 5 22019D . 5 220204、已知{a } 为等比数列， a 4a 7 2,a 5a 68，则a a ＝( )n110A . 7B . 5C . 5D . 75、已知等差数列{a } 中，7916, 4 1aaa ,则 a 等于（） n12A . 15B . 30C . 31D . 646、在ABC 中，已知角 A , B ,C 的对边分别为 a ,b ,c ，且 a 2,c 6, A 45，则 b 的大小是（）A . 3 1或 3 1B . 3 1C . 3-1D .3-2或 3+27、在 ABC 中， a ,b ,c 分别是角 A , B ,C 的对边，且c os Bbcos C 2ac, 则角 B 的大小是 ( )A .3B .6C .23D .5 6A8、在ABC中，已知sin B2，则ABC的形状是( )sin C cos2- 1 -A.等腰三角形B.直角三角形C.等腰直角三角形D.等边三角形9、已知S是等差数列{a}的前n项和，若n nS S ，则a ，201420086 1201420142008S2017（）A.1B.2017C.2008D.403410、甲船在岛B的正南方A处，AB 10千米，甲船以每小时4千米的速度向正北航行，同时乙船自B出发以每小时6千米的速度向北偏东60的方向驶去，当甲，乙两船相距最近时，它们所航行的时间是（）A.1507分钟B.157分钟C.21.5分钟D. 2.15分钟11、某小朋友按如下规则练习数数，1大拇指，2食指，3中指，4无名指，5小指，6无名指，7中指，8食指，9大拇指，10食指，，一直数到2018时，对应的指头是（）A.小指B.中指C.食指D.无名指12、下列结论正确的个数是（）①若正实数x,y满足191，则x y的最小值是16；x y②已知5x ，则函数4y 4x214x5的最大值为1；- 2 -③已知 x , y , z R ，且 x y z1 ，则 1 4 9的最小值是 36； x y z④若对任意实数 x ，不等式 a 3 5x 3x 2 恒成立，则实数 a 的取值范围是[4,)。
黑龙江省牡丹江市第一高级中学2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)
牡一中2017级高一学年下学期期末考试物理试题选择题（单选每题4分，多选题每题6分，选不全，半对得3分）1. 下列关于运动物体所受的合外力、合外力做功和动能变化的关系，正确的是( )A. 如果物体所受的合外力为零，那么，合外力对物体做的功一定为零B. 如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零C. 物体在合外力作用下作变速运动，动能一定变化D. 物体的动能不变，所受的合外力必定为零【答案】A【解析】试题分析：如果物体所受合外力为零，根据功的公式W=Flcosα得知，合外力对物体做的功一定为零．故A正确；如果合外力做的功为零，但合外力不一定为零，也可能物体的合外力和运动方向垂直而不做功，比如匀速圆周运动．故B错误；物体做变速运动可能是速度方向变化而速度大小不变．所以做变速运动的物体，动能可能不变，故C错误；物体动能不变，根据动能定理得知，合外力不做功，但合外力不一定为零．故D错误．故选A。
考点：合外力、合外力做功和动能变化名师点睛：合外力做功和动能变化的关系由动能定理反映．合外力为零，其功一定为零，但合外力功为零，但合外力不一定为零，可以以匀速圆周运动为例说明。
2. 下列物理量正负号的表述正确的是A. 重力势能正、负号表示大小B. 电量正、负号表示方向C. 功正、负号表示方向D. 速度正、负号表示大小【答案】A...............3. 下列物体运动过程中，机械能守恒的是A. 沿斜坡匀速行驶的汽车B. 真空中自由下落的羽毛C. 蹦床运动中越跳越高的运动员D. 在竖直平面内作匀速圆周运动的小球【答案】B【解析】沿斜坡匀速行驶的汽车,动能不变，重力势能变化，则机械能不断变化，选项A错误；真空中自由下落的羽毛，只有重力做功，机械能守恒，选项B正确；蹦床运动中越跳越高的运动员，因到达最高点时的重力势能不断增加，则机械能不断增加，选项C错误；在竖直平面内作匀速圆周运动的小球，动能不变，重力势能不断变化，则机械能不守恒，选项D错误；故选B.点睛：掌握住机械能守恒的条件：只有重力做功，分析物体是否受到其它力的作用以及其它力是否做功，是判断机械能是否守恒常用的方法．也可以直接看动能和势能之和．4. 高空坠物极易对行人造成伤害。
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牡一中2017级高一学年下学期期末考试物理试题选择题（单选每题4分，多选题每题6分，选不全，半对得3分）1. 下列关于运动物体所受的合外力、合外力做功和动能变化的关系，正确的是( )A. 如果物体所受的合外力为零，那么，合外力对物体做的功一定为零B. 如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零C. 物体在合外力作用下作变速运动，动能一定变化D. 物体的动能不变，所受的合外力必定为零【答案】A【解析】试题分析：如果物体所受合外力为零，根据功的公式W=Flcosα得知，合外力对物体做的功一定为零．故A正确；如果合外力做的功为零，但合外力不一定为零，也可能物体的合外力和运动方向垂直而不做功，比如匀速圆周运动．故B错误；物体做变速运动可能是速度方向变化而速度大小不变．所以做变速运动的物体，动能可能不变，故C错误；物体动能不变，根据动能定理得知，合外力不做功，但合外力不一定为零．故D错误．故选A。
考点：合外力、合外力做功和动能变化名师点睛：合外力做功和动能变化的关系由动能定理反映．合外力为零，其功一定为零，但合外力功为零，但合外力不一定为零，可以以匀速圆周运动为例说明。
2. 下列物理量正负号的表述正确的是A. 重力势能正、负号表示大小B. 电量正、负号表示方向C. 功正、负号表示方向D. 速度正、负号表示大小【答案】A...............3. 下列物体运动过程中，机械能守恒的是A. 沿斜坡匀速行驶的汽车B. 真空中自由下落的羽毛C. 蹦床运动中越跳越高的运动员D. 在竖直平面内作匀速圆周运动的小球【答案】B【解析】沿斜坡匀速行驶的汽车,动能不变，重力势能变化，则机械能不断变化，选项A错误；真空中自由下落的羽毛，只有重力做功，机械能守恒，选项B正确；蹦床运动中越跳越高的运动员，因到达最高点时的重力势能不断增加，则机械能不断增加，选项C错误；在竖直平面内作匀速圆周运动的小球，动能不变，重力势能不断变化，则机械能不守恒，选项D错误；故选B.点睛：掌握住机械能守恒的条件：只有重力做功，分析物体是否受到其它力的作用以及其它力是否做功，是判断机械能是否守恒常用的方法．也可以直接看动能和势能之和．4. 高空坠物极易对行人造成伤害。
若一个50 g的鸡蛋从一居民楼的25层坠下，与地面的撞击时间约为2 ms，则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为（）A. 10 NB. 102 NC. 103 ND. 104 N【答案】C【解析】试题分析：本题是一道估算题，所以大致要知道一层楼的高度约为3m，可以利用动能定理或者机械能守恒求落地时的速度，并利用动量定理求力的大小。
设鸡蛋落地瞬间的速度为v，每层楼的高度大约是3m，由动能定理可知：，解得：落地时受到自身的重力和地面的支持力，规定向上为正，由动量定理可知：，解得：，根据牛顿第三定律可知鸡蛋对地面产生的冲击力约为103 N，故C正确故选C点睛：利用动能定理求出落地时的速度，然后借助于动量定理求出地面的接触力5. 如图所示，相同物体分别自斜面AC和BC顶端由静止开始下滑，物体与两斜面的动摩擦因数相同，物体滑至斜面底部C点时的动能分别为E A和E B，下滑过程中克服摩擦力所做的功分别为W A和W B，则( )A. E A＜E B,W A＞W BB. E A=E B,W A＞W BC. E A＞E B,W A＞W BD. E A＞E B,W A=W B【答案】D【解析】设任一斜面的倾角为θ，长度为s，则滑动摩擦力大小为：f=μmgcosθ；则物体克服摩擦力所做的功为W=μmgscosθ．而scosθ是斜面底边的长度，由题图知，scosθ相同，所以克服摩擦力做功相等。
即W A=W B。
根据动能定理得：mgh-μmgscosθ=E K-0，在AC斜面上滑动时重力做功多，克服摩擦力做功相等，则在AC 面上滑到底端的动能大于在BC面上滑到底端的动能，即E kA＞E kB．故D正确，ABC错误。
故选D。
点睛：解决本题的关键要掌握功的公式W=Fscosθ，以及灵活运用动能定理．对于滑动摩擦力做功，根据W=μmgscosθ知道scosθ是水平位移的大小．6. 如图，初速度大小相同的A、B、C三个物体在同一水平面上，A作竖直上抛，B做斜上抛．抛射角θ，C 沿斜面上滑（斜面光滑倾斜角也为θ，足够长），摩擦和空气阻力都略去不计，如用分别表示它们各自上升的最大高度．则( )A. B. C. D.【答案】C【解析】对于A、C两个球，达到最高点时，A、C两个球的速度均为零，物体的动能全部转化为重力势能，所以A、C的最大高度相同；对于B球来说，由于B是斜抛运动，在水平方向上有一个速度，这个分速度的动能不会转化成物体的重力势能，所以B球在最高点时的重力势能要比AC两球的小，所以高度要比AC 两球的高度小，即h A=h C>h B，所以C正确。
故选C。
点睛：此题关键是知道B球做的是斜抛运动，到达最高点时还有水平速度，也就是说水平方向的分速度是不能转化成物体的重力势能的，所以B的高度最低．7. 如图，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端．当两人同时相向运动时( )A. 若小车不动，两人速率一定相等B. 若小车向左运动，A的速率一定比B的小C. 若小车向左运动，A的动量一定比B的大D. 若小车向左运动，A的动量一定比B的小【答案】C【解析】两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：m A v A+m B v B+m车v车=0；若小车不动，则m A v A+m B v B=0，由于不知道AB质量的关系，所以两人速率不一定相等，故A错误；若小车向左运动，则AB的动量和必须向右，而A向右运动，B向左运动，所以A的动量一定比B的大，但是由于不知道A、B的质量关系，无法判断他们的速率关系，故BD错误，C正确；故选C．点睛：本题主要考察了动量守恒定律的直接应用，注意速度的矢量性，并明确对整体由动量守恒列式分析的方法，难度适中．8. 停在静水中的船质量180kg，长12m，不计水的阻力，当质量为60kg的人从船尾走到船头得过程中船后退的距离是多少( )A. 3mB. 4mC. 5mD. 6m【答案】A【解析】船和人组成的系统，在水平方向上动量守恒，人在船上行进，船向后退，以人的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m人v-m船V=0。
人从船头走到船尾，设船后退的位移大小为x，则人相对于岸的位移大小为L-x。
则：m人-m船=0，代入数据解得：x=3m，船向后退了3m，故A正确，BCD错误；故选A.9. 起重机用钢丝绳吊着重物匀加速竖直上升，空气阻力不计，在上升的过程中( )A. 钢丝绳拉力对物体做功等于物体机械能的增量B. 合外力对物体做功等于物体机械能的增量C. 物体克服重力做功等于物体重力势能的增量D. 钢丝绳拉力对物体做功等于物体动能的增量【答案】AC【解析】除重力以外的其它力的功等于机械能的增量，可知钢丝绳拉力对物体做功等于物体机械能的增量，选项A正确；根据动能定理，合外力对物体做功等于物体动能的增量，选项B错误；物体克服重力做功等于物体重力势能的增量，选项C正确；钢丝绳拉力与重力对物体做功之和等于物体动能的增量，选项D错误；故选AC.点睛：此题关键是理解功能转化关系：合力的功等于动能的增量；重力的功等于重力势能的变化；除重力以外的其它力的功等于机械能的增量。
10. 半径为r和R(r<R)的光滑半圆形槽，其圆心均在同一水平面上，如图所示，质量相等的两小球(可看成质点)分别自半圆形槽左边缘的最高点无初速地释放，在下滑过程中关于两小球的说法，不正确的是( )A. 机械能均逐渐减小B. 经最低点时动能相等C. 两球在最低点加速度大小不等D. 机械能总是相等的【答案】ABC【解析】小球沿圆弧运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，选项A错误；根据动能定理，mgh＝mv2，由于r<R，故经最低点时动能不相等，选项B错误；两球在最低点加速度a＝＝2g，选项C错误；两小球释放的高度相同，初速度都为零，故两小球初始状态的机械能相同，由于运动过程中机械能守恒，所以两小球的机械能总是相等的，选项D正确．综上，错误的是选项A、B、C11. 光滑水平面上，动能为动量大小为的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的运动方向相反。
将碰撞后球1的动能和动量的大小分别计为、，球2的动能和动量的大小分别计为，则下列关系中正确的是( )A. B. C. D.【答案】AB【解析】由题，碰撞后两球均有速度。
根据碰撞过程中总动能不增加可知，E1＜E0，E2＜E0，P1＜P0．否则，就违反了能量守恒定律。
根据动量守恒定律得：P0=P2-P1＞0，得到P2＞P0，故AB正确，CD错误。
故选AB。
点睛：本题考查对碰撞过程基本规律的理解和应用能力．碰撞过程的两大基本规律：系统动量守恒和总动能不增加，常常用来分析碰撞过程可能的结果．12. 小车静止在光滑的水平导轨上，一个小球用细绳悬挂在车上由图中位置无初速释放，在小球下摆到最低点的过程中，下列说法正确的是( )A. 绳对球的拉力不做功B. 球克服绳拉力做的功等于球减少的机械能C. 绳对车做的功等于球减少的动能D. 球减少的重力势能等于球和小车增加的动能【答案】BD【解析】AD、在小球下摆到最低点的过程中，绳对球的拉力做负功，球的机械能减小，选项AD错误；故选B填空题（每空2分）13. 利用如图所示图装置做“验证机械能守恒定律”实验。
（1）除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的两种器材是______________A．交流电源B．刻度尺C．天平（含砝码）（2）实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图所示的一条纸带。
在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为h A、h B、h C。
已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T。
设重物的质量为m。
从打Ｏ点到打Ｂ点的过程中，重物的重力势能变化量＝_______________，动能变化量＝_____________（3）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是________A．利用公式V=gt计算重物速度B．利用公式计算重物速度C．存在空气阻力和摩擦阻力的影响D．没有采用多次实验取平均值的方法（4）某同学想用下述方法研究机械能是否守恒，在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v2-h图像，并做如下判断：若图像是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能守恒。
请你分析论证该同学的判断依据是否正确_____________（回答正确、不正确）【答案】(1). A (2). B (3). mgh B(4). C (5). 不正确(还需要近一步判断图像的斜率是否接近2g)【解析】（1）验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要测量重锤的质量，所以不需要天平，实验中需要交流电源，需要用刻度尺测量点迹间的距离，从而求解重力势能的减小量和动能的增加量，故选AB．（2）从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量△E p=mgh B，B点的瞬时速度，则动能的增加量△E k＝mv B2=m()2．（3）试验结果中，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是存在空气阻力和摩擦阻力的影响，故选C. （4）该同学的判断不正确；根据mgh＝mv2得，v2=2gh，可知只有图象近似是一条过原点的直线且斜率接近2g才能说明机械能守恒．点睛：解决本题的关键掌握实验的原理，会通过原理确定器材，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度的大小，关键是匀变速直线运动推论的运用．三、计算题（共3题，14题10分、15题12分、16题12分，要求写出必要的文字说明及公式）14. 如图所示，竖直平面内的3/4圆弧形光滑轨道半径为R、A端与圆心O等高，AD为水平面，B端在O 的正上方，一个小球自A点正上方由静止释放，自由下落至A点进入圆轨道并恰能到达B点，求：(1)释放点距A点的竖直高度；(2)落点C与A点的水平距离；【答案】（1）（2）(－1)R【解析】（1）设小球距A点高为h处下落，到达B点时速度大小为v B．小球下落过程只有重力做功，故小球由最高点经A运动B点过程中机械能守恒：mg（h-R）=mv B2①由圆周运动规律可知，小球恰能达到B点的最小速度的条件为：mg=m②由①②解得：h＝R（2）设小球由B点运动到C点所用的时间为t，小球离开B点后做平抛运动，设落点C与O点的水平距离为S，则有：S=v B t ③R=gt2④由②③④解得：S=R所以落点C与O点的水平距离x=(−1)R点睛：此题涉及两个物理模型：圆周运动和平抛运动；知道物体恰好到达圆周最高点的的条件是向心力等于重力；知道处理平抛运动的基本方法.15. 如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的1/4圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上。