高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流专题突破练

合集下载

高考物理一轮复习第7章恒定电流第1讲电路的基本概念与规律课后限时训练新人教版选修3-1(2

2018版高考物理一轮复习第7章恒定电流第1讲电路的基本概念与规律课后限时训练新人教版选修3-1编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2018版高考物理一轮复习第7章恒定电流第1讲电路的基本概念与规律课后限时训练新人教版选修3-1）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。

本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为2018版高考物理一轮复习第7章恒定电流第1讲电路的基本概念与规律课后限时训练新人教版选修3-1的全部内容。

电路的基本概念与规律一、选择题（本题共10小题，1~7题为单选，8～10题为多选）1．(2016·湖南长沙长郡中学检测）如图所示，在1价离子的电解质溶液内插有两根碳棒A和B作为电极，将它们接在直流电源上，于是溶液里就有电流通过。

若在t秒内，通过溶液内截面S的正离子数为n1,通过的负离子数为n2，设元电荷为e，则以下说法中正确的是错误! ( D )A．正离子定向移动形成的电流方向从A→B，负离子定向移动形成的电流方向从B→A B．溶液内由于正、负离子移动方向相反,溶液中的电流抵消，电流等于零C．溶液内的电流方向从A→B，电流I＝错误!D．溶液内的电流方向从A→B，电流I＝错误!［解析] 电荷的定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向为电流方向，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是A→B，故选项A错误；溶液中正离子由A 向B移动,负离子由B向A移动，负电荷由B向A移动相当于正电荷由B向A移动，带电离子在溶液中定向移动形成电流,电流不为零，故选项B错误;溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是A→B，电流I＝错误!＝错误!,故选项C错误，选项D正确.2．（2016·浙江杭州五校联盟一诊）如图所示为A、B两电阻的伏安特性曲线,关于两电阻的描述正确的是导学号 51342776( B ）A．电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B的阻值不变B．在两图线交点处,电阻A的阻值等于电阻B的阻值C．在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻B的阻值D．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B的阻值［解析］由图可知，电阻A的U－I图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B的阻值不变,故选项A错误；两图像的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值相等，故选项B正确，选项C、D错误。

高考物理一轮复习第7章恒定电流 7 章末热点集训课件新人教版

[解析] 由于外电阻 R＝R1＋R4＋RR2＋2RR3 3，当滑动变阻器 R3 的滑片 K 由最下端向最上端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻从零开始增加，外电阻 R 从 1 Ω 增大到 4 Ω，总电流减小，电源的总功率 P＝IE 减小，P4＝I2R4 减小，A 项正确；电源的输出功率 P 出＝I2R＝R＋E r2R＝(R－R Er)22＋4r，R＝r＝1Ω 时电源的输出功率最大，所以滑片移动过程中电源的输出功率减小，B 项错误；将 R1、R4 与内阻 r 等效为电源的内阻 r′
法二在同一坐标系中分别作出电压表 V1、V2、 V3 的示数随电流 I 的变化图线如图中 a、b、c 所示，a 为定值电阻 R1 的 U－I 图线，b 为将 R1 等效为电源内阻时电源的伏安特性曲线，c 为电源的伏安特性曲线．由图可知，UI1＝ΔΔUI1＝R1，是定值，A 正确；因UI2＝ R2 随 P 向下移动而变大，而ΔΔUI2＝Δ I(ΔR1I＋r)＝R1＋r 为
[解析] 电压表 V1 的读数为 4．0 V，则对应的灯泡 L1 中的电流为 0．6 A，由并联电路的特点可知，流过灯泡 L2 的电流为 0．3 A，则由题图乙可知对应的电压为 1．0 V，即电压表 V2 的读数为 1．0 V，电流表 A2 的读数为 0．30 A，A、B 两项错误；电源的输出功率为 P＝UI＝5×0．6 W＝3 W，C 正确；由题中的条件不能得出蓄电池的电动势和内阻的大小， D 错误． [答案] C
B．44 W D．48 W
解析：选 A．电动机不转时相当于一个发热的纯电阻，根据通过电动机的电流为 0．5 A、电压为 2 V，可算出电动机内阻 r＝4 Ω．电动机正常工作时，消耗的功率 UI＝48 W，内阻发热消耗的功率为 I2r＝16 W，则输出功率为 UI－I2r＝ 32W．

高三物理一轮复习必考第7章恒电流专题突破练

咐呼州鸣咏市呢岸学校恒电流(限时：40分钟)对点强化1 函数极值在物理中的用1．如图1所示，电源电动势E＝5 V，内阻r＝2 Ω，值电阻R1＝0.5 Ω，滑动变阻器R2的阻值范围为0～10 Ω.图1(1)当滑动变阻器的阻值为多大时，电阻R1消耗的功率最大？最大功率是多少？(2)当滑动变阻器的阻值为多大时，滑动变阻器消耗的功率最大？最大功率是多少？(3)当滑动变阻器的阻值为多大时，电源的输出功率最大？最大输出功率是多少？【解析】(1)值电阻R1消耗的电功率为P1＝I2R1＝E2R1R1＋R2＋r2，可见当滑动变阻器的阻值R2＝0时，R1消耗的功率最大，最大功率为P1m＝E2R1R1＋r2＝2 W.(2)将值电阻R1看做电源内阻的一，那么电源的效内阻r′＝R1＋r＝Ω，故当滑动变阻器的阻值R2＝r′＝Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，最大功率为P2m＝E24r′＝ W.(3)由电源的输出功率与外电阻的关系可知，当R1＋R2＝r，即R2＝r－R1＝(2－0.5)Ω＝Ω时，电源有最大输出功率，为P出m＝E24r＝25 W.【答案】(1)0 2 W (2) Ω W(3) Ω25 W2．如图2所示，电源电动势为6 V，内阻为1 Ω，保护电阻R0＝0.5 Ω，求：当电阻箱R读数为多少时，保护电阻R0消耗的电功率最大，并求这个最大值．【导学号：96622411】图2【解析】保护电阻消耗的功率为P0＝E2R0r＋R＋R02，因R0和r是常量，而R是变量，所以R最小时，P0最大，即R＝0时，P0max＝E2R0r＋R02＝62×0.52W＝8 W.【答案】0 8 W对点强化2 电桥模型的分析用3．如图3所示的电路中，电容C＝2μF，电源电动势E＝12 V，内阻不计．R1∶R2∶R3∶R4＝1∶2∶6∶3，那么电容器极板a所带的电荷量为( )图3A ．－8×10－6C B ．4×10－6CC ．－4×10－6 CD ．8×10－6CD 由电路规律知，电容器电压为P 、Q 两点间电压．设各电阻分别为R 1＝R 、R 2＝2R 、R 3＝6R 、R 4＝3R .APB 支路电流I 1＝ER 1＋R 2＝12 V R ＋2R ＝4 VR，R 1两端电压为U 1＝I 1R 1＝4 V ① AQB 支路电流I 3＝E R 3＋R 4＝12 V 6R ＋3R ＝4 V3R，R 3两端电压为U 3＝I 3R 3＝8 V ② 又有U 1＝φA －φP ③U 3＝φA －φQ ④解①②③④式得φP －φQ ＝U PQ ＝4 V.电容器极板a 带正电荷，电荷量为Q ＝CU PQ ＝8×10－6C ，选D.4.(多项选择)(2021·高考)如图4所示的电路中，电源电动势为12 V ，内阻为2 Ω，四个电阻的阻值已在图中标出．闭合开关S ，以下说法正确的有( ) 【导学号：96622412】图4A ．路端电压为10 VB ．电源的总功率为10 WC ．a 、b 间电压的大小为5 VD ．a 、b 间用导线连接后，电路的总电流为1 AAC 根据串并联电路的特点可得，外电路总电阻为10 Ω，根据闭合电路欧姆律得通过电源的电流为I ＝122＋10A ＝1 A ，那么路端电压为U ＝IR 外＝10 V ，选项A 正确；电源的总功率P ＝EI ＝12 W ，选项B 错误；假设取电源负极的电势为0，那么a 点电势为φA ＝ V ，b 点电势为φB ＝ V ，a 、b 间电压的大小为5 V ，选项C 正确；假设a 、b 间用导线连接起来，根据串并联电路的特点可得，外电路总电阻为 Ω，根据闭合电路欧姆律得电路的总电流为I ＝122＋A≈1.26 A，选项D 错误．对点强化3 直流电路的动态分析5．如图5所示，电源电动势为E ，内阻为r .当滑动变阻器的滑片P 从左端滑到右端时，理想电压表、示数变化的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2，干路电流为I ，以下说法中正确的选项是(灯泡电阻相同且不变)( )图5A ．小灯泡L 1、L 3变暗，L 2变亮B ．ΔU 1与ΔI 的比值不变C ．ΔU 1＜ΔU 2D ．ΔU 1＝ΔU 2B 当滑动变阻器的滑片P 从左端滑到右端，其电阻值变大，导致电路的总电阻变大，根据“串反并同〞规律，可知：L 1、L 2变暗，L 3变亮，选项A 错误；根据电路欧姆律可知：ΔU 1ΔI ＝R 2＋r ，其比值不变，选项B正确；理想电压表的示数变化绝对值ΔU 1大于理想电压表的示数变化绝对值ΔU 2，选项CD 错误．6．(多项选择)在如图6所示电路中，闭合开关S ，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I 、U 1、U 2和U 3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI 、ΔU 1、ΔU 2和ΔU 3表示．以下判断正确的选项是( ) 【导学号：96622413】图6A ．|ΔU 1|＜|ΔU 2|，|ΔU 2|＞|ΔU 3|B ．|U 1I |不变，|ΔU 1||ΔI |变小 C ．|U 2I |变大，|ΔU 2||ΔI |变大 D ．|U 3I|变大，|ΔU 3||ΔI |不变 AD 触头P 向下滑动，R 2阻值增大，U 2增大，U 1及电源内阻r 上分得的电压减小，得|ΔU 1|＜|ΔU 2|，路端电压U 3增大，U 1减小而U 2增大，可得|ΔU 2|＞|ΔU 3|，A 正确；⎪⎪⎪⎪U 1I ＝|ΔU 1||ΔI |＝R 1，阻值不变，B 错误；⎪⎪⎪⎪U 2I 即为R 2，阻值变大，|ΔU 2||ΔI |即为R 1＋r ，阻值不变，C 错误；U 3＝I (R 1＋R 2)，U 3＋Ir ＝E ，R 2增大，那么⎪⎪⎪⎪U 3I 增大，又⎪⎪⎪⎪ΔU 3ΔI ＝r ，不变，故D 正确．7．(多项选择)如图7所示，在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中，理想电压表、电流表的示数将发生变化，电压表、示数变化量的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2，电阻R 大于电源内阻r ，那么 ( )图7A ．电流表的示数增大B ．电压表的示数增大C ．电压表的示数增大D．ΔU1大于ΔU2ACD 滑片向左滑动时，电路总电阻减小，根据I＝ER总，知总电流I增大，应选项A正确；又知路端电压U＝E－Ir，所以U减小，选项B错误；因测R两端电压，故示数增大，选项C正确；因改变滑片位置前U1＝I1·R，向左移动后U′1＝I2·R，ΔU1＝(I2－I1)R＝ΔI·R，同理U2＝E－I1r，U′2＝E－I2r，ΔU2＝(I2－I1)r＝ΔI·r，R＞r，所以ΔU1大于ΔU2，应选项D正确．对点强化4 测量电阻的创8．某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的直径和电阻．试答复以下问题：【导学号：96622414】甲乙丙丁图8(1)用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，测量结果如图8甲所示，那么该圆柱体的直径为d＝________mm.(2)某同学利用多用电表粗测出该金属圆柱体的电阻为15 Ω，为了更精确地测量其电阻，他设计了如图乙所示的电路图，步骤如下，请将以下内容填写完整．①闭合开关S1，将开关S2接a处，调整滑动变阻器的触头到适当位置，待电流表示数稳后读出电流表的示数．某次中电流表的示数如图丙所示，那么此次电流表的示数I＝________A；(电流表选用0.6量程)②然后又将开关S2接b处，保持滑动变阻器的触头位置不变，调节电阻箱，使电流表示数与①相同，电阻箱此时的示数如图丁所示，那么电阻箱此时的阻值为R1＝________Ω；③被测电阻R2的阻值R2＝________Ω.【解析】(1)螺旋测微器的读数为：d＝5 mm＋31.0×0.01 mm＝5.310 mm(09～11均可)．(2)①电流表的量程是0.6 A，由于每小格的读数为0.02 A，进行估读，即估读到0.01 A，所以读数为I＝0.30 A.②电阻箱的读数为R＝(0×100＋1×10＋6×1＋0×0.1) Ω＝16.0 Ω.③根据欧姆律可知，当电流表示数不变时，说明待测电阻与电阻箱的阻值相，所以R2＝R＝16.0 Ω.【答案】(1)10(09～11均可)(2)①0.30 ②16.0 ③16.09．(2021·甲卷)某同学利用图9(a)所示电路测量量程为 V的电压表的内阻(内阻为数千欧姆)，可供选择的器材有：电阻箱R(最大阻值99 99 Ω)，滑动变阻器R1(最大阻值50 Ω)，滑动变阻器R2(最大阻值5 kΩ)，直流电源E (电动势3 V)，开关1个，导线假设干．步骤如下：①按电路原理图(a)连接线路；②将电阻箱阻值调节为0，将滑动变阻器的滑片移到与图(a)中最左端所对的位置，闭合开关S ； ③调节滑动变阻器，使电压表满偏；④保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00 V ，记下电阻箱的阻值．答复以下问题：(1)中选择滑动变阻器________(填“R 1”或“R 2”)． (2)根据图(a)所示电路将图(b)中实物图连线．(a) (b)图9(3)步骤④中记录的电阻箱阻值为630.0 Ω，假设认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算可得电压表的内阻为________Ω(结果保存到个位)．(4)如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为________(填正确答案标号)．A ．100 μAB ．250 μAC ．500 μAD ．1 mA【解析】 (1)滑动变阻器R 1的阻值较小，在分压电路中便于调节，故中选择滑动变阻器R 1. (2)实物图连线如下图．(3)电阻箱阻值为0时，电压表满偏电压U g ＝ V ，电阻箱阻值R ＝630.0 Ω时，电压表的示数U V ＝2.00 V ，此时电阻箱两端的电压U R ＝U g －U V ＝0.5 V ，根据串联电路电压与电阻成正比可得U V U R ＝R gR，故R g ＝U V U R R ＝2.000.5×630.0 Ω＝2 520 Ω. (4)电压表的满偏电流为I g ，那么I g R g ＝U g ，故I g ＝U gR g ＝2 520A≈1 mA，选项D 正确．【答案】 (1)R 1 (2)见解析 (3)2 520 (4)D。

高考物理一轮复习第七章恒定电流冲刺训练

第七章恒定电流(一)电学实验的3大创新考查角度在高考中对电学实验一般不直接考查课本上的学生实验，而是在学生实验的基础上进行创新，比如常常在实验原理、实验器材、数据处理等方面加以改进；学生应以常规实验为依据，从实验电路图入手，结合实验的具体要求进行推理分析。

角度一对实验原理的创新考查在高考的电学实验中，并不仅仅测量电阻的阻值或测定电源的电动势和内阻，有时可能会测定二极管的导电特性、电容器的充、放电规律等。

处理此类问题时，首先要掌握被测实验器材的电学特性，其次要熟练把握控制电路、测量电路的特点。

[典例1] 二极管具有独特的单向导电性，当在二极管两极之间所加正向电压小于某值时，二极管的电阻很大(1×106Ω，甚至更大)，而当正向电压超过某值时，二极管的电阻随两端电压的升高而急剧减小。

为了探究二极管的导电特性：(1)实验小组先用多用电表判断二极管的极性。

步骤如下：A．将多用电表置于欧姆表“×100”挡，短接红、黑表笔，调整________，使指针指向表盘右侧“0”位置；B．将二极管串接在两表笔之间，多用电表示数如图甲中a所示；C．将二极管两极对调，多用电表示数如图甲中b所示，则此时与红表笔接触的是二极管的________(填“正”或“负”)极。

(2)实验小组设计了如图乙所示的实验电路，通过实验测得相关数据如下表。

接在位置________；②根据表中数据，在图丙中作出二极管的伏安特性曲线(要求保留所描的点迹)，由图线可知，二极管是________(填“线性”或“非线性”)元件。

(3)若此二极管为发光二极管，正常发光时通过的电流为3.00 mA ，若用1.5 V 的电源供电，则应该给二极管________(填“串”或“并”)联一个约________ Ω的电阻。

[解析] (1)A.欧姆表选挡后要进行欧姆调零，即短接两表笔，调整欧姆调零旋钮，使指针指在表盘右侧“0”位置；C ．步骤B 中欧姆表示数很大，而步骤C 中示数很小，由题中所给条件知，当示数很小时红表笔所接为二极管负极。

高考物理一轮复习第七单元恒定电流(含最新例题详解)

(2)计算式:
。
4.热功率
(1)定义:单位时间内的发热量。(2)表达式:P=��=I2R。
��
5.额定功率:即是用电器正常工作时的功率,当用电器两端电压
达到额定电压 Um 时,电流达到额定电流 Im,电功率也达到额定功率 Pm,
且
Pm=ImUm,如果是纯电阻电器还可写成
Pm=��m��
电阻还与构成它的材料有关”。考题中结合长方体导体,通过从不同的方向接入电源,考查考生对导体的长度和横截面积的理解。
第5题考查电功和电热的计算,教材中指出:“如果电路中有电动机或
者正在充电的电池,那么电能除了转化为内能之外,还转化为机械能或
化学能。因此公式 P=I2R 计算的结果只是电能转化为内能的那部分功率,要计算电流做功的总功率,只能利用 P=UI 式计算”。考题结合电
C.0.5 A
D.0.25 A
5.(2015 黄冈模拟)直流电动机线圈的电阻很小,启动电流很大,这对电动机本身和接在同一电源上的其他电器都会产生不良的后果。为了减小
电动机启动时的电流,需要给电动机串联一个启动电阻 R,如图所示。如果电源电动势 E=21 V,内阻 r=1 Ω,电动机的线圈电阻 r0=2 Ω,启动电
2��
【答案】C
B.�� 2Sn
��
C.ρnev
D.��
��
3.(2015 银川质检)三个阻值相同的电阻,它们的额定电压均为 8 V,现两
个电阻并联后再与第三个电阻串联,这个电路允许的总电压的最大值为
第 1 讲欧姆定律电功与电功率

高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流实验9练习使用多用电表重应用实验专练

实验9练习使用多用电表重应用•实验专练|究m1.（2016 •上海高考）在''用多用表测电阻、电流和电压”的实验中（1）（多选）用多用表测电流或电阻的过程中（）A.在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零B.在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零C.在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测D.在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测（2）测量时多用表指针指在如图实・9-8所示位苣.若选择开关处于“10 V”挡，其读数为________ V；若选择开关处于“X10”挡，其读数为____________ 200 Q （选填“大于”“等于”或“小于”）.图实・9-8【解析】（1）多用电表测量电阻时，更换倍率后都必须重新进行欧姆调零，选项A正确：测量电流前需要进行机械调零，更换量程时不需要进行再次调零，选项B错误；在测量未知电阻时，必须先用电压表测试电阻内是否带有电源，再大致估计电阻大小选择大致倍率, 故选项C 错误：在测量未知电流时，必须选择电流最大量程进行试测，避免电表烧坏，故选项D正确.⑵若选择开关处于“10Y”挡，则电表的最小刻度为0.2V,此时读数为5. 4 V：若选择开关处于“X10”挡，欧姆表的中央刻度为15,此时指针指示未知但小于15,所以读数应该小于150 Q,故小于200 Q.【答案】⑴AD （2）5 : 4小于2.使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端.现需要测虽多用电表内电池的电动势，给立的器材有：待测多用电表，量程为60mA的电流表，电阻箱，导线若干.实验时，将多用电表调至XI Q挡，调好零点：电阻箱置于适当数值.完成下列填空:【导学号：96622137]图实・9-9（1）仪器连线如图实-9-9所示（a和&是多用电表的两个表笔）.若两电表均正常工作，则表笔&为_________ （填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图实-9-10所示，则多用电表的读数为________ Q，电流表的读数为________ mA,电阻箱的读数为________ Q.图实-9-10（3）计算得到多用电表内电池的电动势为_______ V「（保留3位有效数字）【解析】（1）多用电表，电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电流表, 电流表电流从正接线柱流入，所以a为黑色：（2）多用电表用XI倍率测量，读数为14.0 Q, 电流表的量程是60 mA,由图示电流表可知其示数为53.0 mA:电阻箱的读数为0X 100 0 +0X10 Q+4X1 Q+6X0.1 Q =4. 6 Q：（3）多用电表的内阻等于中值电阻15 Q，根据闭合电路欧姆定律42（2?内+R =0.053X（15+14） V=1.54 V.【答案】（1）黑（2） 14.0 53.0 4.6（3）1. 53（或1.54）3.在“练习使用多用电表”的实验中.（1）用多用电表测量某电阻时，将挡位旋钮调至“X10”挡，读数时发现指针偏转角太大，为使测量结果更加准确，则应改用_________ 挡.（选填字母代号即可）A. XIB. X100C. XI 000（2）多用电表使用时间长了，英内阻会明显变大.继续使用该表测电阻时，通过使用'‘调零旋钮”进行调零仍能使用，假设凋零前后电池的电动势不变，则调零后用该表测得的电阻值与电阻的真实值相比，将___________ •（选填字母代号即可）A.偏大B.偏小C.不变（3）在如图实-9-11所示的电路中，闭合开关后发现小灯泡不亮，欲用多用电表检查该电路某处是否发生“断路”,在开关闭合的情况下，应使用多用电表的______________ 进行测量.（选填字母代号即可）图实-9-11A.电阻挡B.电流挡C.交流电压挡D.直流电压挡【解析】（1）使用多用电表测电阻时，“0刻度线”在表盘右侧，故指针偏转角太大, 说明示数很小.欧姆挡测电阻时，指针在表盘中央附近，误差较小，故应适当增大示数.由“阻值=示数X挡位”可知,欲使示数增大，应换用较小挡位，即应改用XI挡,A项正确.（2）设表头满偏电流为5、内阻为凡，电池内阻为r,欧姆调零电阻的阻值为凡使用调零旋钮进行调零时，满足E=兔1& + 电,因电池电动势不变，表头的满偏电流不变，故电池内阻r增大后，调零使凡+卄斤不变：调零后，测量电阻时，有QZ（凡+ $+斤+尼），因尼+r+斤不变，故相同的待测电阻凡，通过表头的电流/与电池内阻r增大前相同，故指针偏角相同，即示数相同，C项正确.（3）因开关未断开，故若使用电阻挡和电流挡，可能损坏电表，AB项错误：交流电压挡用来测量交流电，该电路所用电源为电池，故不能选用交文档从网络中收集，已重新整理排版.word版本可编辑•欢迎下载支持. 流电压挡测量，C项错误；应使用直流电压挡，并选择合适挡位进行测量，D项正确.【答案】(1)A (2)C (3)DB级能力提升4.如图实-9-12所示，有一内阻未知(20 kQ〜30 kQ)的直流电压表，某同学想利用一个多用电表的欧姆挡测疑该电压表的内阻，他从多用电表刻度盘上读出电阻刻度盘的中间值为25.【导学号：96622138]图实-9-12(1)请你将他的实验电路连接起来：(2)他在实验过程中欧姆挡的选择开关应当拨至倍率“X_________ ” ；(3)在实验过程中，学生读岀欧姆表的指针指在刻度读数为n的位置，则电压表的电阻为 _______ Q.【解析】(1)电流从多用电表的"+ ”接线柱流入，从“一”接线柱流出，因而多用电表的“ +”接线柱与电压表的“一”接线柱连接，实物图如图所示：(2)由于多用电表的电阻刻度盘的中间刻度数为25 Q ,电压表的内阻约20 kQ〜30 kQ , 因而欧姆挡的倍率拨至"XI k”：(3)电压表的电阻即为欧姆挡所测电阻的数值，即nkQ =1 000n Q.【答案】(1)图见解析(2) 1 k(3) 1 000/35.在如图实-9-13甲所示的电路中，4节干电池串联，小灯泡A、B的规格为“3.8 V0.3 A” .合上开关S后，无论怎样移动滑动片，A、B灯都不亮.甲乙图实-9-13(1)用多用电表的直流电压挡检查故障.①选择开关置于下列量程的_______ 挡较为合适(用字母序号表示)；A. 2. 5 VB. 10 VC. 50 VD. 250 V②测得c、/间电压约为5.8 V\ e、/•间电压为0,则故障是___________ .A. A灯丝断开B. B灯丝•断开C. d、e间连线断开D. B灯被短路(2)接着练习使用欧姆表的“XI”挡测电阻，欧姆表经过“欧姆调零”,①测试前，一定要将电路中的开关S _______ :②测c、/间和e、f间电阻时，某次测试结果如图乙所示，读数为 _________ Q,此时测文档从网络中收集，已重新整理排版.word版本可编借•欢迎下载支持.量的是 _______ 间电阻.根拯小灯泡的规格讣算岀的电阻为 __________ Q.【解析】⑴①由于4节干电池串联后电动势为6 V,电压表量程应选10 V, B正确.②灯泡不亮，说明电路断路或短路，电压表接c、d端时有示数且接近电源电动势，说明有电流通过电压表，c、d间以外其他部分电路接通，电压表接e, f时无示数，说明c、d 间灯泡断路，A正确.(2)①使用欧姆表时一定要将被测电阻从电路中断开，故填“断开”.②温度高时灯丝的电阻大，计算岀的电阻是灯丝温度高时的电阻(或测量岀的电阻是常温下的电阻).欧姆表读数应该为6.0 Q.由于A灯泡断路，电阻无穷大，而欧姆表示数为6.0 Q,说明测疑的应该是e、f间电阻.由可求得电阻为12. 7 Q.【答案】(1)①B ®A (2)①断开②6.0 e、f 12.7。

高考物理一轮复习考点延伸训练：第七章《恒定电流》(含解析)(1).pdf

图补充完整。 (2)该同学正确连接实验电路后闭合开关，调节滑动变阻器滑动头P，发现电流表和电压表的指针始终不发生偏转。在不断开电路的情况下，他使用多用电表直流电压挡检查电路故障，将多用电表的红、黑表笔与电流表的“＋”、 “－”接线柱接触时，发现多用电表指针发生较大角度的偏转，说明电路故障是________。 (3)排除故障后，该同学测得实验数据如下表所示，请在图11坐标纸上作出该元件的U-I图线。序号电流/A电压/V10.000.0020.101.0030.201.6040.301.8250.401.9560.502.0870.602.13 图11 (4)通过实验可以得出，该元件的阻值随所加电压的增大而________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。解析：(1)实物连接图如图所示。 (2)使用多用电表直流电压挡检查电路故障，将多用电表的红、黑表笔与电流表的“＋”、“－”接线柱接触时，发现多用电表指针发生较大角度的偏转，说明多用电表与电源构成通路，电路故障是电流表断路。 (3)在坐标纸上作出的U-I图线如图所示。 (4)根据画出的图像，由欧姆定律可知，该元件的阻值随所加电压的增大而减小。答案：(1)见解析图 (2)电流表断路 (3)见解析图 (4)减小 11．(14分)(2014·浙江五校联考)A、B是水平放置的平行板电容器，当A、B两板直接接到电源两极时，一电子从 A板由静止飞到B板时的速度为v0，电源内阻r＝1 Ω，R1＝4 Ω，现若按图12所示连接，当开关S闭合时，电子从A板由静止飞到B板的过程中，通过两板的中点C的速度为v0，当开关S断开时，电子从A板 12 由静止飞向B板经C点时的速度为v0，求R2和R3的阻值。解析：当A、B两板直接接到电源两极时，电子从A运动到B，由动能定理得，eE＝mv02，当开关S闭合时，电子从A运动到C，由动能定理得，eU＝m()2，当开关S断开时，电子从A运动到C，由动能定理得，eU′＝m(v0)2 可得U＝E，U′＝E；当开关S断开时，电容器两端的电压为：UAB′＝2U′＝E，而E＝UAB′＋(R1＋r)，解得：R3＝10 Ω；即当开关S闭合时，电容器两端的电压为：UAB＝2U＝E，而E＝UAB＋(＋)(R1＋r)，解得：R2＝10 Ω。答案：R2＝10 Ω R3＝10 Ω 12．(16分)(2014·模拟)在如图13所示的电路中，R1＝2 Ω，R2＝R3＝4 Ω，当开关S接a时，R2上消耗的电功率为 4 W，当开关S接b时，电压表示数为4.5 V，试求： 13 (1)开关S接a时，通过电源的电流和电源两端的电压； (2)开关S接b时，电源的电动势和内电阻； (3)当开关S接c时，通过R2的电流。解析：(1)当S接a时，R1被短路，外电阻为R2，根据电功率公式可得通过电源的电流I1＝＝1 A 电源两端的电压U1＝＝4 V。 (2)当S接a时，有E＝U1＋I1r＝4＋r 当S接b时，R1和R2串联，R外′＝R1＋R2＝6 Ω 通过电源的电流I2＝＝0.75 A 这时有：E＝U2＋I2r＝4.5＋0.75r 联立式得：E＝6 V，r＝2 Ω。 (3)当S接c时，R总＝R1＋r＋R23＝6 Ω 总电流I总＝＝1 A 通过R2的电流I′＝I总＝0.5 A。答案：(1)1 A 4 V (2)6 V 2 Ω (3)0.5 A

潍坊市青州第三中学高三物理一轮复习课后练习：第7章恒定电流2 含答案

课后练习（二十二)［基础小题]1．求解并联电路中的电阻值是电学中比较常见的问题，但是在有的问题中常规方法会比较繁琐,若合理应用一些结论,会有“柳暗花明又一村"的感觉．尝试一下下面这个问题：有两个电阻R1＝8。

45 Ω,R2＝41.57 Ω,若将它们并联，其并联电阻可能是（)A．4 ΩB．10 ΩC．7 Ω D．50 Ω［解析] 两电阻并联总电阻小于最小电阻，B、D错；若R1＝R2＝8 Ω,则R＝4 Ω，但R1、R2都大于8 Ω，故R大于4 Ω，A错，C 对．［答案］C2．有一个电动势为3 V、内阻为1 Ω的电源．下列电阻与其连接后，使电阻的功率大于2 W，且使该电源的效率大于50%的是（)A．0.5 Ω B．1 ΩC．1。

5 Ω D．2 Ω[解析] 由闭合电路欧姆定律得I＝错误!，P＝I2R〉2 W，即（错误!)2R〉2 W，得错误!Ω〈R<2 Ω.要使电源的效率大于50％，即η＝错误!×100％>50%，应使R>r＝1 Ω,故选项C正确．[答案］C3.如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器,P为滑动变阻器的滑片，若将滑片P向下滑动，则（）A．L1灯变亮B．L2灯变暗C．R1上消耗的功率变大D．总电流变小［解析] 本题考查电路的动态变化，意在考查闭合电路中各物理量随外电阻变化的关系．由闭合电路欧姆定律可得，滑片P向下滑动，电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，所以L1、L2变暗，R1上消耗的功率变大，A、D错误，B、C正确．［答案］BC4.如右图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变）,R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（)A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源内阻消耗的电压变大[解析］若将照射R3的光的强度减弱，则R3的电阻将增大,电路中的总电阻将增大，总电流减小,故电压表的示数变小，内电压也减小，A、D错误；而电阻R2两端的电压将变大，通过R2的电流变大,而总电流减小,所以通过小灯泡的电流减小，小灯泡消耗的功率变小，B正确，C错误．[答案] B5。

高考物理(新课标)一轮复习习题：第七章恒定电流课时作业36 含答案

描绘小电珠的伏安特性曲线[基础训练]1．“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验电路如图所示，所用小电珠的额定电压为3.8 V．关于该实验的系统误差，下列说法中正确的是( )A．系统误差主要是由电压表的分流引起的B．系统误差主要是由电流表的分压引起的C．系统误差主要是由于忽略电源内阻引起的D．系统误差主要是由读数时的估读引起的答案：A 解析：由于小电珠的电阻比较小，所以采用电流表外接法，此时电压表的测量值是准确的，但是电流表的测量值和真实值相比要大，系统误差的主要原因是电压表分流，A正确．2．(20xx·广东湛江一模)现要测定一个额定电压为2.5 V、额定功率约为0.7 W的小灯泡的伏安特性曲线．(1)为了测量的电压能从零开始，测量误差较小，请在图甲中连好实物电路图．(2)合上开关前，滑动变阻器的滑动触头应置于滑动变阻器的________(填“左端”或“右端”)．(3)根据实验数据，描绘出的UI图象如图乙所示，由图可知，当灯泡的电压为1.80 V时，小灯泡电阻为________Ω，小灯泡的功率为________W(结果保留两位有效数字)．甲乙丙(4)由图乙可确定小灯泡耗电功率P与外加电压U的关系，符合该关系的图象是图丙中的________．答案：(1)见解析(2)左端(3)7.2 0.45 (4)D解析：(1)实物电路图如图所示．(2)为了让测量电路中电压从零开始调节，则滑片开始时应滑到最左端．(3)由图可知，当电压为1.8 V时，电流为0.25 A，则电阻R＝＝Ω＝7.2 Ω；功率P＝UI＝1.8×0.25 W＝0.45 W.(4)由功率公式P＝可知，功率与电压的图象应为D.3．如图所示为“测绘小灯泡伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5 V.(1)完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，________________________；②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，____________________________；③断开开关，根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．(2)在虚线框中画出与实物电路相对应的电路图．答案：(1)①使它靠近变阻器左端的接线柱②增加小灯泡两端的电压，记录电流表、电压表的多组读数，直到电压表达到小灯泡的额定电压(2)如图所示解析：闭合开关时，应该使电流表、电压表示数最小．要求电压、电流从零开始调节，滑动变阻器必须采用分压式接法，小灯泡电阻较小，必须外接，电路图如答案图所示．4．(20xx·广东茂名一模)现要用伏安法描绘一只标值为“2.5 V 0.6 W”小灯泡的IU图线，有下列器材供选用：A．电压表(0～3 V，内阻3 kΩ；0～15 V，内阻10 kΩ)B．电流表(0～0.6 A，内阻0.5 Ω；0～3 A，内阻0.1 Ω)C．滑动变阻器(10 Ω，2 A)D．滑动变阻器(100 Ω，1.0 A)E．蓄电池(电动势6 V，内阻不计)甲乙(1)为了减小测量误差，图甲中的S1应接________(填“M”或“N”)，滑动变阻器应选用________(用序号字母表示)．(2)根据你选择的电路，用笔画线代替导线在图乙中将实物连接成实验所需电路图．(3)开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于________(填“A”“B”或“AB正中间”)端．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数变化明显，但电流表示数始终为0，则电路故障为________．答案：(1)M C (2)见解析(3)A 小灯泡断路解析：(1)由实物图可知，电路采用了滑动变阻器分压接法，因灯泡内阻较小，故电流表采用外接法，故S1应接在M点；因采用分压接法，故滑动变阻器采用小电阻，应选用C.(2)根据实验原理图画出实物图如图所示：(3)为了保证实验安全，开始时灯泡两端的电压应为最小，故滑动变阻器的滑片应在A端；由题意可知，电压表示数变化明显，说明电压表与电源相连，且滑动变阻器连接正常，而电流表没有示数说明电路是断开的，由电路图可知，只能是灯泡发生了断路故障．[能力提升]5．有一个小灯泡上标有“4.8 V 2 W”的字样，现在测定小灯泡在不同电压下的电功率，并作出小灯泡的电功率P与它两端电压的二次方U2的关系曲线．有下列器材可供选用：A．电压表V1(0～3 V，内阻3 kΩ)B．电压表V2(0～15 V，内阻15 kΩ)C．电流表A(0～0.6 A，内阻约1 Ω)D．定值电阻R1＝3 kΩE．定值电阻R2＝15 kΩF．滑动变阻器R(10 Ω，2 A)G．学生电源(直流6 V，内阻不计)H．开关、导线若干(1)实验中电压表应选用________，定值电阻应选用________(均用序号字母填写)．(2)为尽量减小实验误差，并要求从零开始多取几组数据，请在虚线方框内画出满足实验要求的电路图．(3)利用上述实验电路图测出的电压表读数UV与此时小灯泡两端电压U的定量关系是________，下图的四个图象中可能正确的是________．答案：(1)A D (2)如图所示(3)U＝2UV C解析：(1)由于15 V的电压表量程较大，所以可以采用扩大电压表量程的办法，实验中所用电压表选用A，定值电阻应选用R1＝3 kΩ的D.(2)采用分压电路，电流表外接，如图所示．(3)利用上述实验电路图测出的电压表读数UV与此时小灯泡两端电压U的定量关系是U＝2UV.由P＝，R随温度升高(电压增大)而增大，小灯泡的电功率P与它两端电压的二次方U2的关系曲线可能是图C.6．二极管是一种半导体元件，电路符号为，其特点是具有单向导电性．其实验小组要对一只二极管正向接入电路时的伏安特性曲线进行测绘探究，据了解，该二极管允许通过的最大电流为50 mA.(1)该二极管外壳的标识模糊了，同学们首先用多用电表的欧姆挡来判断它的正、负极：当将红表笔接触二极管的左端、黑表笔接触二极管的右端时，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，发现指针有很大偏转，由此可判断________(填“左”或“右”)端为二极管的正极．(2)实验探究中他们可选器材如下：A．直流电源(电动势3 V，内阻不计)B．滑动变阻器(0～20 Ω)C．电压表(量程15 V，内阻约80 kΩ)D．电压表(量程3 V，内阻约30 kΩ)E．电流表(量程0.6 A，内阻约1 Ω)F．电流表(量程50 mA，内阻约50 Ω)G．待测二极管H．导线、开关为了提高测量精度，电压表应选用________，电流表应选用________．(填字母序号)(3)实验中测得的数据如下表，请在坐标纸上画出该二极管的伏安特性曲线.电流I/mA0 0 0.2 1.8 3.9 8.6 14.021.8 33.550.0 电压U/V0 0.500.751.01.251.51.752.02.252.5(4)同学们将该二极管与阻值为100 Ω的定值电阻串联后接到输出电压恒为3 V的电源两端，则二极管导通时定值电阻的功率为________W.答案：(1)左(2)D F (3)如图所示(4)0.017(在0.015～0.019范围内均可)解析：(1)调到欧姆挡时，在多用电表的内部，电源的正极是接在黑表笔上，负极是接在红表笔上．(2)电源电压只有3 V，所以电压表选D；二极管允许通过的最大电流为50 mA，所以电流表选F.(3)如答案图所示．(4)在图中画出阻值为100 Ω的定值电阻的伏安特性图象，从图中找出两图象电流相同且电压之和等于3 V 时的电流值大约是13 mA，则定值电阻的功率P＝I2R≈0.017 W.。

2017届高三物理一轮复习基础：第七章恒定电流24含答案

课时达标(二十四) 部分电路1．(多选)电位器是变阻器的一种．如图所示，如果把电位器与灯泡串联起来，利用它改变灯的亮度，下列说法正确的是( )A ．连接A 、B 使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗B ．连接A 、C 使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮C ．连接A 、C 使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗D ．连接B 、C 使滑动触头顺时针转动，灯泡变亮解析：根据电位器结构和连线可知：连接A 、B 使滑动触头顺时针转动时回路电阻增大，回路电流减小，灯泡变暗，A 项正确；同理，D 项正确；连接A 、C 时，滑动触头不能改变回路电阻，灯泡亮度不变，故B 、C 两项错误．答案：AD2．在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝中不断放出的电子进入电压为U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S 、电流为I 的电子束。

已知电子的电荷量为e 、质量为m ，则在刚射出加速电场时，一小段长为Δl 的电子束内的电子个数是 ( ) A.I Δl eSm 2eU B.I Δl e m 2eU C.I eS m 2eU D.IS Δl e m 2eU解析：设电子刚射出电场时速度为v ，长度为Δl 的电子束内的电子数为n ，则eU ＝12mv 2① I ＝ne Δt②Δt ＝Δl v ③由①②③式解得n ＝I Δl em 2eU，故B 项正确．答案：B3．当电路中的电流超过熔丝的熔断电流时，熔丝就要熔断，由于种种原因，熔丝的横截面积略有差别．那么熔丝熔断的可能性较大的是( )A ．横截面积大的地方B ．横截面积小的地方C ．同时熔断D ．可能是横截面积大的地方，也可能是横截面积小的地方解析：横截面积较小的地方，电阻值大，而电流相同，由P ＝I 2R 得该处功率大，易熔断．答案：B4．(多选)如图所示，在一幢居民楼里有各种不同的用电器，如电灯、电视机、洗衣机、微波炉、排油烟机等．停电时，用多用电表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，设各家用电器全都同时使用时，测得A 、B 间电压为U ，进线电流为I ；经过一段时间t ，从总电能表中测得这段时间内消耗的电能为W ，则下列表达式用来计算该幢楼居民用电的总功率，其中正确的是 ( )A ．P ＝I 2RB ．P ＝U 2RC ．P ＝IUD ．P ＝W t 解析：电路消耗的电功率的计算公式P ＝UI 、P ＝W t是普遍适用的，而A 、B 两选项中公式只适用于纯电阻电路，而电视机、洗衣机、微波炉和排油烟机都不是纯电阻，所以选项A 、B 错误，正确选项为C 、D .答案：CD。

高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流章末过关练(2021年最新整理)

（江苏专用）2018届高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流章末过关练编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（（江苏专用）2018届高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流章末过关练）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。

本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为（江苏专用）2018届高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流章末过关练的全部内容。

恒定电流（时间：60分钟满分：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题5分,共25分．每小题只有一个选项符合题意）．1．在长度为l、横截面积为S、单位体积内自由电子数为n的金属导体两端加上电压，导体中就会产生匀强电场．导体内电荷量为e的自由电子在电场力作用下先做加速运动，然后与做热运动的阳离子碰撞而减速，如此往复……所以，我们通常将自由电子的这种运动简化成速率为v(不随时间变化）的定向运动．已知阻碍电子运动的阻力大小与电子定向移动的速率v 成正比，即f＝kv(k是常量），则该导体的电阻应该等于( ) 【导学号:96622457】A.错误!B。

错误!C.错误!D。

错误!B 电子定向移动,由平衡条件，kv＝e错误!，则U＝错误!，导体中的电流I＝neSv，电阻R ＝错误!＝错误!，选项B正确．2．在如图1所示的电路中，输入电压U恒为8 V,灯泡L标有“3 V 6 W”字样，电动机线圈的电阻R M＝1 Ω。

若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是( ）图1A．电动机的输入电压是5 VB．流过电动机的电流是3.2 AC．电动机的效率是80％D．整个电路消耗的电功率是10 WA 灯泡恰能正常发光，说明灯泡电压为3 V，电流为2 A，电动机的输入电压是8 V－3 V ＝5 V,流过电动机的电流是I＝2 A,选项A正确，B错误；电动机内阻消耗功率I2R M＝4 W，电动机输入功率为UI＝5×2 W＝10 W,输出功率为6 W,效率为η＝60％，整个电路消耗的电功率是10 W＋6 W＝16 W，选项C、D错误．3．在如图2所示的电路中，由于某个电阻发生故障,使电流表的读数变大，电压表的读数变大，灯泡L的亮度变暗,关于故障判断的下列说法正确的是( )图2A．可能是R1短路B．可能是R2断路C．可能是R3短路D．可能是R4短路D 电流表的示数变大,则说明干路电流变大,路端电压变小；由于R1两端电压变大,则并联部分电压变小，灯泡L变暗,说明流经灯泡L的电流减小，且流经R2的电流也减小，所以流经R4、R3的电流增大，但由于R3、R4两端电压减小，且R3完好,所以只有R4短路，故A、B、C 错误，D正确．4．咸阳市区某学校创建绿色校园，如图3甲为新装的一批节能灯,该路灯通过光控开关实现自动控制：电灯的亮度可自动随周围环境的亮度改变而改变．如图乙为其内部电路简化原理图，电源电动势为E，内阻为r，R t为光敏电阻(光照强度增加时，其电阻值减小)．现增加光照强度，则下列判断正确的是（）【导学号:96622458】甲乙图3A．电源路端电压不变B．R0两端电压变大C．B灯变暗，A灯变亮D．电源总功率不变B 由题意，增加光照强度，R t减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大,电源的内电压增大，路端电压U减小，则A灯变暗，通过R0电流I0＝I－I A，I增大，而I A减小，则I增大，R0两端电压U0增大，而R0、B的电压之和等于路端电压，路端电压减小,则知,B的电压减小，B灯变暗；电源的总功率P＝EI，I增大，则P增大．故B正确，A、C、D错误．5．(2015·北京高考)如图4所示，其中电流表的量程为0。

2019届高三物理一轮复习基础自主梳理要点研析突破速效提升训练第七章恒定电流检测

章末检测提升(七)第七章恒定电流一、选择题(本大题共10小题，共40分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分)1．电视中有这样一则广告“南孚电池容量大，玩具车用过后，收音机接着用”。

玩具车的两节南孚干电池，已经用过较长时间，不能再驱动了，把它们取出来用电压表测电压，电压表示数接近3 V，再把它们作为收音机的电源，收音机能正常工作。

下列说法中正确的是()A．这两节干电池的电动势减小了很多B．这两节干电池的内阻减小了很多C．这个收音机的额定电压一定比玩具车的额定电压小很多D．这个收音机正常工作时的电流一定比玩具车正常工作时的电流小解析：电池用久后，内阻变大，电动势几乎不变，收音机能工作是因为它的工作电流较小．答案：D2．(多选)某集装箱吊车的交流电动机输入电压为380 V，当吊车以0.1 m/s的速度匀速吊起总质量为5.7×103 kg的集装箱时，测得电动机的电流为20 A，g取10 m/s2.则下列说法正确的是() A．电动机的内阻为19 ΩB．电动机的内阻为4.75 ΩC．电动机的输出功率为7.6×103 WD．电动机的工作效率为75%解析：由UI＝mgv＋I2r，可得电动机的内阻为r＝4.75 Ω，选项B 正确，A 错误；电动机的输出功率为P ＝mgv ＝5.7×103 kg ×10 m /s 2×0.1 m /s ＝5.7×103 W ，选项C 错误；电动机的工作效率为η＝mgv UI×100%＝75%，选项D 正确．答案：BD3．如图所示为两电源的UI 图象，则下列说法正确的是( ) A ．电源①的电动势比电源②的大，内阻比电源②的内阻小 B ．当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等 C ．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D ．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大解析：图线在U 坐标轴上的截距等于电源电动势，图线的斜率等于电源的内阻，因此选项A 错误；作外接电阻R 的伏安特性曲线分别交电源①②的伏安特性曲线于S 1、S 2两点，工作点横、纵坐标的乘积IU ＝P 为电源的输出功率，由图可知，无论外接多大电阻，两工作点S 1、S 2横、纵坐标的乘积不可能相等，且电源①的输出功率总比电源②的输出功率大，故选项B 错误，D 正确；电源的效率η＝P 出P 总＝I 2R I 2（R ＋r ）＝R R ＋r ，因此电源内阻不同则电源效率不同，选项C 错误．答案：D4．(多选)如图所示．M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部。

高考物理一轮复习(练习)：第七章_恒定电流_第2讲_模拟_word版含解析

选修3-1 第七章第2讲1．(2019·全国卷Ⅱ)阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池E (内阻可忽略)连接成如图所示电路。

开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1；闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2。

Q 1与Q 2的比值为导学号 51342803( C )A ．2/5B ．1/2C ．3/5D ．2/3[解析] 电路中四个电阻阻值相等，开关S 断开时，外电路的连接等效为图1，由于不计电池的内阻，设每个定值电阻的阻值为R ，根据串并联电路的特点可知，电容器两端的电压为U 1＝12×23R 23R ＋R E ＝15E ；当开关S 闭合后，外电路的连接等效为图2，则电容器两端的电压为U 2＝12R 12R ＋R E ＝13E ，由Q ＝CU 可知，Q 1Q 2＝U 1U 2＝35，C 项正确。

2．(多选)(2016·江苏物理)如图所示的电路中，电源电动势为12V ，内阻为2Ω，四个电阻的阻值已在图中标出。

闭合开关S ，下列说法正确的有导学号 51342804( AC )A ．路端电压为10VB ．电源的总功率为10WC ．a 、b 间电压的大小为5VD ．a 、b 间用导线连接后，电路的总电流为1A[解析] 开关S 闭合后，外电路的总电阻为R ＝10Ω，路端电压U ＝E R ＋r R ＝1212×10V ＝10V ，A 项正确；电源的总功率P ＝E 2R ＋r ＝12W ，B 项错误；由于两条支路的电流均为I ′＝1020A ＝0.5A ，因此a 、b 两点间的电压为U ab ＝0.5×(15－5)V ＝50V ，C 项正确；a 、b 两点用导线连接后，外电阻R ′＝2×5×155＋15Ω＝7.5Ω，因此电路中的总电流I ＝E R ′＋r ＝129.5A ＝1.26A，D 项错误。

3．(多选)(2017·湖南邵阳第一次联考)在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是错误! (ACD)A．电容器C上电荷量增大B．电源的输出功率变大C．灯泡L变暗D．电流表读数变小，电压表读数变大[解析]滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离，总电阻增大，电流减小，内压减小，路端电压增大，所以电流表的示数减小，电压表的示数增大，D正确；灯L中的电流减小，灯泡L变暗，C正确；当外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，外电阻比电源的内阻大得越多，电源的输出功率越小，所以滑片左移，电源的输出功率变小，B错误；电流减小，电源内部和灯泡两端的电压减小，则R两端的电压增大，电容器上的电荷量增大，A正确。

高考物理一轮复习考点延伸训练：第七章《恒定电流》(含解析).pdf

第七章　恒定电流 (1)从近三年高考试题考点分布可以看出，高考对本章内容的考查重点有对电路基本概念和规律的考查以及对闭合电路欧姆定律的考查。

电路动态分析，故障判断题，以非常高的频率出现在各地的高考题中。

高考一直非常重视对四个实验的考查，电学实验除了考查大纲要求的实验，还有一些设计型的实验，考查学生独立完成实验的能力，包括理解实验原理、实验目的及要求，了解器材的使用，掌握实验步骤方法和数据的处理能力等。

(2)高考对本章内容主要以选择题和实验题形式出现，难度中等。

第1节电流__电阻__电功__电功率电　流 [想一想] 如图7－1－1所示，电子绕核运动可以看做一环形电流。

设氢原子中的电子以速度v在半径为r的轨道上运动，用e表示电荷量，则其等效电流为多大？ 7－1－1 提示：氢原子的核外电子只有一个，电子绕核做圆周运动，圆轨道周长为2πr，电子运动速率为v，则每秒钟电子绕核转动转过的圈数为n＝。

电流为每秒钟通过某横截面的电荷量，对电子绕核运动形成的等效电流而言，其等效电流为I＝ne＝e。

[记一记] 1．形成电流的条件 (1)导体中有能够自由移动的电荷。

(2)导体两端存在电压。

2．电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反。

电流虽然有方向，但它是标量。

3．电流 (1)定义式：I＝。

(2)微观表达式：I＝nqSv。

(3)单位：安培(安)，符号A,1 A＝1 C/s。

[试一试] 1.如图7－1－2所示，一根截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速度为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为( ) 7－1－2 A．vq B. C．qvS D. 解析：选A　t时间内通过截面的电荷量为Q＝vt·q，I＝＝vq，A正确。

电阻　电阻定律 [记一记] 1．电阻 (1)定义式：R＝。

(2)物理意义：导体的电阻反映了导体对电流的阻碍作用。

高考物理(新课标)一轮复习习题：第七章恒定电流课时作业37 含答案

测定电源的电动势和内阻[基础训练]1．下面给出多种用伏安法测电池电动势和内阻的数据处理方法，其中既能减小偶然误差，又直观、简便的方法是( )A．测出两组I、U的数据，代入方程组E＝U1＋I1r和E＝U2＋I2r，求出E、rB．测出多组I、U的数据，求出几组E、r，最后分别求出其平均值C．测出多组I、U的数据，画出UI图象，再根据图象求出E、r D．测出多组I、U的数据，分别求出I和U的平均值，用电压表测出断路时的路端电压即电动势E，再用闭合电路欧姆定律求出内阻r 答案：C 解析：测出多组I、U的数据，画出UI图象可消除某次测量不准造成的偶然误差，且方法直观、简便，C正确．2．某实验小组利用如图所示电路测定一节电池的电动势和内电阻，备有下列器材：①待测电池，电动势约为1.5 V(小于1.5 V)②电流表，量程3 mA③电流表，量程0.6 A④电压表，量程1.5 V⑤电压表，量程3 V⑥滑动变阻器，0～20 Ω⑦开关一个，导线若干(1)请选择实验中需要的器材________(选填标号)．(2)按电路图将实物(如图甲所示)连接起来．(3)小组由实验数据作出的UI图象如图乙所示，由图象可求得电源电动势为________V，内电阻为________Ω.甲乙答案：见解析解析：(1)电流表量程3 mA不能满足实验需要，故选量程为0.6 A的电流表；电动势小于1.5 V，故选量程为1.5 V的电压表．其他都是电路必需器材，故所需器材为：①③④⑥⑦.(2)如图所示．(3)根据图象得：E＝1.40 V，r＝2.8 Ω.3．用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内阻．电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用．除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：(a)电流表(量程0.6 A、3 A)(b)电压表(量程3 V、15 V)(c)定值电阻(阻值1 Ω，额定功率5 W)(d)定值电阻(阻值10 Ω，额定功率10 W)(e)滑动变阻器(阻值范围0～10 Ω，额定电流2 A)(f)滑动变阻器(阻值范围0～100 Ω，额定电流1 A)那么：(1)要正确完成实验，电压表的量程应选择________V，电流表的量程应选择________A；R0应选择________Ω的定值电阻，R应选择阻值范围是________Ω的滑动变阻器．(2)引起该实验系统误差的主要原因是______________________．答案：(1)3 0.6 1 0～10 (2)电压表的分流作用解析：由于电源是一节干电池(1.5 V)，所选量程为3 V 的电压表；估算电流时，考虑到干电池的内阻一般为几欧姆左右，加上保护电阻，最大电流在0.5 A左右，所以选量程为0.6 A的电流表；由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍，取0～10 Ω能很好地控制电路中的电流和电压，若取0～100 Ω会出现开始几乎不变最后突然变化的现象．关于系统误差一般由测量工具和测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小．本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造成E 测<E真，r测<r真．4．为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材：A．待测干电池(电动势1.5 V左右，内阻不超过1.5 Ω)B．电流表A1(量程0～2 mA，内阻为10 Ω)C．电流表A2(量程0～0.6 A，内阻约为0.1 Ω)D．滑动变阻器R1(0～20 Ω，10 A)E．滑动变阻器R2(0～100 Ω，1 A)F．定值电阻R3＝990 ΩG．开关、导线若干(1)请在以上提供的器材中选择所需器材设计测量电路，在虚线框内补画出完整的电路原理图．(要求在电路图中标明所使用器材)(2)根据合理的设计电路测量数据，电流表A1的示数记为I1，电流表A2的示数记为I2，某同学测出了6组I1、I2的数据，并已描绘出如图所示的I1和I2的关系图线．根据已描绘出的图线，可得被测干电池的电动势为________V，内阻为________Ω.答案：(1)如图所示(2)1.48(1.47～1.49均对) 0.80(0.77～0.81均对)解析：(1)测量干电池的电动势和内阻常用方法为伏安法、伏阻法和安阻法，由于实验未提供电阻箱，故只能用伏安法．器材中未提供电压表，但有内阻已知的小量程电流表和定值电阻，可将其串联改装为电压表使用，另一电流表量程为0.6 A，故电路中电阻不能太大，滑动变阻器选择R1，干电池内阻较小，故电流表采用内接法．(2)由欧姆定律可知，电源两端电压与电流表A1示数关系为U＝I1(Rg＋R3)，因此图象中纵坐标的数值与电压的数值相等，由U＝E－I2r可知，纵截距为电源电动势，故E＝1.48 V，r＝＝0.80 Ω.5．某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，实验器材仅有一个电压表(内阻很大)、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图甲所示电路进行实验，测得的数据如下表所示.实验次数 1 2 3 4 5R(Ω) 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0U(V) 1.00 1.19 1.27 1.31 1.35U(A) 0.50 0.30 0.21 0.16 0.14R甲乙(1)根据表中提供的数据，若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作________图象．A．UB．RUC．R D. U(2)根据(1)，利用测得的数据，在图乙所示的坐标纸上作出适当的图象．(3)由(2)中作出的图象可知，该干电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.答案：(1)A (2)如图所示(3)1.47(1.45～1.48均可)0.94(0.92～0.96均可)解析：(1)根据表中提供的数据，若利用图象确定干电池的电动势和内阻，则应作UI图象，即U图象．(2)如图所示．(3)根据闭合电路欧姆定律可知，电源的电动势等于断路电压，所以由(2)中作出的图象可知，该干电池的电动势E＝1.47 V，图象斜率的绝对值表示干电池的内阻，内阻r＝0.94 Ω.[能力提升]6．(20xx·北京二模)某同学设计了如图甲所示的电路来测量电源电动势E和内阻r及电阻R1的阻值．甲实验器材有：待测电源，待测电阻R1，电压表V(量程0～3 V，内阻很大)，电阻箱R(0～99.99 Ω)，单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干．(1)先测电阻R1的阻值．请将该同学的操作补充完整：A．闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数R0和对应的电压表示数U1.B．________，将S1切换到b，读出电压表的示数U2.C．则电阻R1的表达式为R1＝________.(2)该同学已经测得电阻R1＝3.2 Ω，继续测电源电动势E和内阻r，其做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.乙答案：(1)保持电阻箱示数不变R0 (2)2.0 0.8解析：(1)由实验电路图分析可知在切换S2时，应使电路中的电流保持不变，则应保持电阻箱示数不变．S2切换到a时，电压表测量的是电阻箱R两端的电压，则有U1＝IR0，当S2接b时，电压表测量的是电阻箱R和R1两端的电压，则有U2＝I(R0＋R1)，解得R1＝R0.(2)电阻箱两端的电压U＝R，则＝＋·，再由图乙中纵轴截距可得＝0.5 V－1，得E＝2.0 V，图线斜率＝Ω/V＝2 Ω/V，又知R1＝3.2 Ω，解得r＝0.8 Ω.7．(20xx·安徽卷)某同学为了测量一节电池的电动势和内阻，从实验室找到以下器材：一个满偏电流为100 μA、内阻为2 500 Ω的表头，一个开关，两个电阻箱(0～999.9 Ω)和若干导线．(1)由于表头量程偏小，该同学首先需将表头改装成量程为0～50 mA的电流表，则应将表头与电阻箱________(填“串联”或“并联”)，并将该电阻箱阻值调为________Ω.甲(2)接着该同学用改装的电流表对电池的电动势及内阻进行测量，实验电路如图甲所示，通过改变电阻R测相应的电流I，且作相关计算后一并记录如下表.12345 6R/Ω93.075.055.045.035.025.0I/mA15.018.724.829.536.048.0IR/V 1.42 1.40 1.36 1.33 1.26 1.20①根据表中数据，图2中已描绘出四个点，请将第5、6两组数据也描绘在图乙中，并画出IRI图线．乙②根据图线可得电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.答案：(1)并联 5.0 (2)①见解析图②1.53 2.0解析：(1)电表改装为大量程的电流表需并联一个电阻，由并联知识可知，R(50×10－3－100×10－6)＝100×10－6×2 500，解得R≈5.0 Ω.(2)描点连线后如图所示．由图线纵轴截距得到电池的电动势为1.53 V，由图线斜率求得的电阻值减去改装后的电流表阻值可得到电池内阻为2.0 Ω.。

高三物理一轮复习第七章恒定电流测试卷

恒定电流一、选择题(40分)1－2题只有一项符合题目要求，3－10题有多项符合题目要求．1．(2016·江苏盐城)下列关于电动势的说法正确的是( )A ．电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电荷量成反比B ．电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C ．非静电力做的功越多，电动势就越大D ．E ＝W q只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的解析电动势的定义式E ＝W q只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的，故A 项错误，D 项正确；电动势的单位跟电压的单位一致，只是数值上的体现，而电动势反映的是一种本领，不单纯表示两极间的电压，B 项错误；单位电荷非静电力做的功越多，电动势越大，故C 项错误．答案 D设置目的考查电动势的概念 2．(2015·福建上杭一中检测)如图所示，D 是一只具有单向导电性的理想二极管，水平放置的平行板电容器AB 内部有带电微粒P 且处于静止状态．下列措施下，关于P 的运动情况的说法中不正确的是( )A ．保持S 闭合，增大A 、B 板间距离，P 仍静止B ．保持S 闭合，减小A 、B 板间距离，P 向上运动C ．断开S 后，增大A 、B 板间距离，P 向下运动D ．若B 板接地，断开S 后，A 板稍下移，P 的电势能不变解析当保持开关S 闭合时，电容器两端的电压不变；当增大A 、B 板间距离时，电容器的电容减小，则电容器的带电荷量应减小，然而二极管的作用导致电容器的电荷量不会减小，则电容器的带电荷量会不变，由推论E ＝4πkQ E r ·S得到电场强度不变，则微粒所受电场力不变，仍处于静止状态，故A 项正确；当保持开关S 闭合时，电容器两端的电压不变；当减小A 、B 板间距离，由E ＝U d可知电场强度增大，则微粒所受电场力增大，将向上运动，故B 项正确．增大A 、B 板间距离，会导致电容器的电容减小，由于断开开关S ，则电容器的电荷量不变，由推论E ＝4πkQ E r ·S得到电场强度不变，则微粒所受电场力不变，因此P 仍处于静止状态，故C 项错误；A 板稍下移，导致电容器的电容增大，因S 断开，则电容器的电荷量不变，由推论E ＝4πkQ E r ·S得到电场强度也不变，由于B 板接地，则P 所在处到B 板的电势差不变，因此P 的电势能也不变，故D 项正确．答案 C3．(2016·云南昆明)有一横截面积为S 粗细均匀的铜导线，流经其中的电流为I ，设每单位长度中有n 个自由电子，电子的电量为e ，此时电子的定向移动速率为v ，在t 时间内，通过导体横截面的自由电子数可表示为( )A ．nvStB ．nvt C.It e D.It ne解析在t 时间内，通过导线横截面的自由电子的电量为q ＝nvte ，自由电子数目为n ＝q e＝ nvt ，故A 项错误，B 项正确；通过导线的电流为I ，在t 时间内，通过导线横截面的自由电子的电量为q ＝It ，自由电子数目为n ＝q e ＝It e，故C 项正确，D 项错误．答案 BC设置目的考查电流的定义式及微观解释4.(2015·江西吉安)某同学按如图电路进行实验，电压表内阻看作无限大，电流表内阻看作零．实验中由于电路发生故障，发现两电压表示数相同了(但不为零)，若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是( )A ．R 3短路B ．R P 短路C ．R 3断开D ．R 2断开解析若R 3短路时，由于电流表内阻看作零，两电压表都被短路，示数都为零，与题不符．故A 项错误； R P 短路时，两电压表都测量R 2的电压，示数相同，而且都不为零．故B 项正确；R 3断开时，电压表V 2测量R 2的电压，电压表V 1测量R p 和R 2串联的电压，电压表V 1的示数大于电压表V 2的示数．故C 项错误；R 2断开时，由于电压表内阻看作无限大，R p 等效为V 2的内阻，两电压表都测量R 3的电压，示数相同，而且都不为零，故D 项正确．答案 BD设置目的考查电路的故障分析5．(2015·江苏调研)如图所示，E 为电源，其内阻不可忽略，R T 为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L 为指示灯泡，C 为平行板电容器，G 为灵敏电流计．闭合开关S ，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是( )A ．L 变亮B ．R T 两端电压变大C ．C 所带的电荷量保持不变D ．G 中电流方向由a 到b解析环境温度明显升高时，R T 的阻值减小，电路中的电流增大，灯泡L 变亮，所以A 项正确；R T 的阻值减小，根据串联电路的分压规律，R T 两端电压减小，所以B 项错误；外电路的电阻减小，故路端电压减小，电容器两端的电压减小，则其所带的电荷量减少，所以C 项错误；电容器所带的电荷量减少，发生放电现象，故G 中电流方向由a 到b ，所以D 项正确．答案 AD6.(2016·上海嘉定区)小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线在P 点的切线，PQ 为U轴的垂线，PM 为I 轴的垂线，则下列说法中正确的是( )A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U 1I 2C ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U 1I 2－I 1D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的面积解析由R ＝U I 可知，随着所加电压的增大，各点的U I增大，故小灯泡的电阻增大，A 项正确；对应P 点，小灯泡的电阻为该点的电压和电流的比值，即R ＝U 1I 2，故B 项正确，C 项错误；对应P 点，小灯泡的功率为图中坐标点的UI ，即对应矩形PQOM 所围的面积，D 项正确．答案 ABD设置目的伏安特性曲线中考查电阻的计算7.(2015·浙江嘉兴)如图所示为两电源的U －I 图像，则下列说法正确的是( )A ．电源①的电动势和内阻均比电源②大B ．当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等C ．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D ．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大解析 U －I 图像的纵截距为电源的电动势，斜率绝对值表示内阻的值，故E 1＞E 2，r 1＞r 2，A 项正确；当外接同样的电阻时，可作如图所示的③，两电源的输出功率为U 1I 1＞U 2I 2，故B 项错误，D 项正确；电源的效率η＝I 2R I 2（R ＋r ）×100%＝R R ＋r，内阻不同，外电阻R 相同，故效率不可能相等，C 项错误．答案 AD设置目的伏安特性曲线中考查电动势与内阻、输出功率、电源效率8.(2015·安徽蚌埠)如图所示，R 1为定值电阻，R 2为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内阻，以下说法中正确的是( )A ．当R 2＝R 1＋r 时，R 2上获得最大功率B ．当R 2＝R 1＋r 时，R 1上获得最大功率C ．当R 2＝0时，R 1上获得最大功率D ．当R 2＝0时，电源的输出功率最大解析求R 2上获得功率，应以R 2为研究对象，故R 1作为电源的等效内阻，故R 2＝R 1＋r 时，R 2上获得最大功率，A 项正确；求R 1上获得功率，应以R 1为研究对象，R 1上获得最大功率P 1＝I 2R 1，要想使电路中的电流最大，应使R 2＝0时，R 1上获得最大功率，故B 项错误，C 项正确；这里不知R 2、R 1、r 之间的关系，从输出功率图像中分析不出电源的输出功率最大时R 2的值，故D 项错误．答案 AC设置目的考查电源的输出功率9.(2015·四川成都)在如图所示的电路中，R 1、R 2、R 3均为可变电阻．当开关S 闭合后，两平行金属板M 、N 中有一带电油滴正好处于静止状态．为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是( )A ．增大R 1的阻值B ．减小R 2的阻值C ．减小R 3的阻值D ．减小M 、N 间距解析本题的等效电路为R 2和R 3与电源组成串联电路，电容器相当于一块理想的电压表，R 1只是无穷大内阻的一个小量，故改变R 1对整个电路的电流和电压没有变化，故A 项错误；原来带电粒子处于平衡状态，说明重力与电场力相等，即mg ＝q U d，d 为平行板间距离，减小R 2的阻值，等效于增大R 3的阻值，根据串联分压可知R 3两端电压增大，粒子合力向上，故B项正确，同理C 项错误；减小M 、N 间距d ，即电场力q U d增大，故粒子加速向上运动，D 项正确．答案 BD设置目的考查含容电路及动态分析10.(2016·黑龙江绥化)如图所示，当滑动变阻器R 2的滑片P向左滑动时，下列说法中正确的是( )A．电阻R3消耗功率变大B．电容器C上的电荷量变大C．灯L变暗D．R1两端的电压变化量的绝对值小于R2两端的电压变化量的绝对值解析R2减小，总电阻减小，干路电流增大，内压降增大，路端电压减小，即R3两端的电压减小，电阻R3消耗功率变小，A选项错误；I3减小，由于干路电流增大，所以I1的电流增大，U1增大，Q＝CU1增大，U端＝U1＋U2L，故U2L减小，灯L变暗，故B、C、D项正确．答案BCD设置目的考查电源不变、内外电压变化量之和为零、电路的动态变化分析二、实验题(60分)11．(12分)(2015·福建泉州)某研究小组收集了两个电学元件：电阻R0(约为2 kΩ)和手机中的锂电池(电动势E标称值为3.7 V，允许最大放电电流为100 mA)．实验室备有如下器材：A．电压表V(量程3 V，电阻R V约为4.0 kΩ)B．电流表A1(量程100 mA，电阻R A1约为5 Ω)C．电流表A2(量程2 mA，电阻R A2约为50 Ω)D．滑动变阻器R1(0－40 Ω，额定电流1 A)E．电阻箱R2(0－999.9 Ω)F．开关S一只、导线若干(1)为了测定电阻R0的阻值，小明设计了一电路，与其对应的实物图1，图中的电流表A应选________(选填“A1”或“A2”)，请将实物连线补充完整．(2)为测量锂电池的电动势E 和内阻r ，小红设计了如图2所示的电路图．根据测量数据作出1U －1R 2图像，如图3所示．若该图线的斜率为k ，纵轴截距为b ，则该锂电池的电动势E ＝________，内阻r ＝________(用k 、b 和R 2表示)解析 (1)由于R 0阻值约为2 k Ω，属大电阻，由I ＝E R，估得I ＝1.85 mA ，因此电流表应选A 2.实物连线如图．(2)根据题图知U ＝E －Ir ，得1U ＝1E ＋r E ·1R 2，即1E ＝b ，r E ＝k ，所以E ＝1b ，r ＝k b. 答案 (1)A 2，实物连线如解析图(2)1b k b设置目的考查图像与函数关系、电路连接12．(12分)(2014·新课标全国Ⅱ)在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x 的阻值约为200 Ω，电压表V 的内阻约为2 k Ω，电流表A 的内阻约为10 Ω，测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示，结果由公式R x ＝U I计算得出，式中U 与I 分别为电压表和电流表的示数．若将下两图中电路测得的电阻值分别记为Rx 1和Rx 2，则________(选填“R x 1”或“R x 2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx 1________(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值，测量值Rx 2________(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值．解析 R V R x ＝2 000 Ω200 Ω＝10，R x R A ＝200 Ω10 Ω＝20，故R V R x <R x R A，应该采用电流表内接法，即图(a)接法．由“大内偏大，小外偏小”的结论可知电流表内接时测量值Rx 1大于真实值，外接时，测量值Rx 2小于真实值．答案 Rx 1 大于小于13．(12分)(2014·安徽)某同学为了测量一个量程为3 V 的电压表的内阻，进行了如下实验．(1)他先用多用表进行了正确的测量，测量时指针位置如图1所示，得出电压表的内阻为3.00×103Ω，此时电压表的指针也偏转了．已知多用表欧姆挡表盘中央刻度值为“15”，表内电池电动势为1.5 V ，则电压表的示数应为________V(结果保留两位有效数字)．(2)为了更准确地测量该电压表的内阻R V ，该同学设计了图2所示的电路图，实验步骤如下：A ．断开开关S ，按图2连接好电路；B ．把滑动变阻器R 的滑片P 滑到b 端；C ．将电阻箱R 0的阻值调到零；D ．闭合开关S ；E ．移动滑动变阻器R 的滑片P 的位置，使电压表的指针指到3 V 位置；F ．保持滑动变阻器R 的滑片P 位置不变，调节电阻箱R 0的阻值使电压表指针指到1.5 V 位置，读出此时电阻箱R 0的阻值，此值即为电压表内阻R V 的测量值；G ．断开开关S.实验中可供选择的实验器材有：a ．待测电压表b ．滑动变阻器：最大阻值2 000 Ωc ．滑动变阻器：最大阻值10 Ωd ．电阻箱：最大阻值9 999.9 Ω，阻值最小改变量为0.1 Ωe ．电阻箱：最大阻值999.9 Ω，阻值最小改变量为0.1 Ωf ．电池组：电动势约6 V ，内阻可忽略g ．开关、导线若干按照这位同学设计的实验方法，回答下列问题：①要使测量更精确，除了选用电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用________(填“b ”或“c ”)，电阻箱中选用________(填“d ”或“e”)． ②电压表内阻R V 的测量值R 测和真实值R 真相比，R 测________R 真(填“>”或“<”)；若R V越大，则|R 测－R 真|R 真越________(填“大”或“小”)．解析 (1)欧姆表的内电阻等于中值电阻，为R ＝15×100 Ω＝1 500 Ω；电压表的内电阻为R V ＝3 000 Ω；故电压表读数为U ＝IR V ＝ER V R ＋R V ＝ 1.5×3 0001 500＋3 000V ＝1.0 V. (2)①采用电压表半偏法测量电压表内电阻，要保证电压表与电阻箱的总电压保持不变，需要使电压表电阻远大于滑动变阻器的电阻，故滑动变阻器选择小电阻，即选择c ；电阻箱最大电阻不能小于电压表电阻，电压表内电阻约为3 000欧姆，故电阻箱选择d.②实验中要保证电压表与电阻箱的总电压不变，但实际上该电压是变化的；当电阻箱电阻增加时，电压表与电阻箱的总电压略微增加；实验中认为电阻箱和电压表电阻相等，故调节电阻箱R 0的阻值使电压表指针指到1.5 V 位置，此时电阻箱的电压大于1.5 V ，故电阻箱的电阻大于电压表的电阻，即测量值偏大；当R V 越大，电压表与电阻箱的总电压变化越小，系统误差越小，故当R V 越大，则|R 测－R 真|R 真越小．答案 (1)1.0 (2)①c d ②＞小14．(12分)(2014·海南)用伏安法测量一电池的内阻．已知该待测电池的电动势E 约为9 V ，内阻约数十欧，允许输出的最大电流为50 mA ，可选用的实验器材有：电压表V 1(量程5 V)；电压表V 2(量程10 V)；电流表A 1(量程50 mA)；电压表A 2(量程100 mA)；滑动变阻器R(最大电阻300 Ω)；定值电阻R 1(阻值为200 Ω，额定功率为1/8 W)；定值电阻R 2(阻值为220 Ω，额定功率为1 W)；开关S ；导线若干．测量数据如下图坐标纸上U －I 图线所示．(1)在下面虚线方框内画出合理的电路原理图，并标明所选器材的符号．(2)在设计的电路中，选择定值电阻的根据是________．(3)由U －I 图线求得待测电池的内阻为________ Ω.(4)在你设计的电路中，产生系统误差的主要原因是__________________________________ _____________________________________________. 解析 (1)应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，电路图如下图所示：(2)定值电阻R 1在电路中的最大功率P 1＝I 2R 1＝(0.05)2×200＝0.5 W ＞18W ；定值电阻R 2在电路中的最大功率P 2＝I 2R 2＝(0.05)2×220＝0.55 W ＜1 W ；为保护电路安全，则定值电阻应选择R 2.(3)由图示图像可知，电源内阻r ＝ΔU ΔI ＝7.50－7.000.034－0.024Ω＝50 Ω； (4)由实验电路图可知，相对于电源电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表所测电流小于电路电流，电压表分流是造成系统误差的原因．答案 (1)电路原理图如解析图所示(2)定值电阻在电路中消耗的功率会超过18W ，R 2的功率满足实验要求 (3)50 (4)电压表分流15．(12分)(2015·南平综测)某实验探究小组在测量某个电阻R x 的阻值时：①首先实验小组利用多用电表进行粗测，当转换开关转到“×10”档，指针指在图中位置，则待测的电阻R x 为________Ω.②为了更准确测量出R x 的阻值，实验小组又利用量程相同的两个电压表、电阻箱、电池、开关、变阻器等设计了如图所示的测量电路．实验步骤如下：A ．根据实验电路图连接好实验电路，将滑动变阻器的滑片调到最右端B ．合上开关S ，将滑动变阻器的滑片向左端滑动，使两个电压表指针都有较大角度的偏转C ．调节电阻箱R 0的阻值，使两个电压表的读数相等D ．记下电阻箱R 0的阻值，即为待测电阻R x 的阻值回答下面问题： (Ⅰ)根据实验电路图，用笔画线代替导线将实物图补充完整；(Ⅱ)若两电压表的内阻不等，且R 1>R 2，则测量结果比真实值__________(选填：“偏大”“偏小”或“不变”)；(Ⅲ)若两电压表的内阻分别为R 1、R 2(R 1≠R 2，且均没有远大于R x )，两电压表的读数均为U ；电阻箱的阻值为R 0，则R x ＝________．解析 ①根据多用电表的档位可得出对应的读数；②(Ⅰ)由原理图可得出对应的实物图；(Ⅱ)由串并联电路的规律可分析测量值的误差；(Ⅲ)由题意及串联电路的规律可求得待测电阻的阻值．①多用电表选用×10档位，则其读数为：17×10＝170 Ω；②(Ⅰ)由电路可得出对应的实物图，如图所示；(Ⅱ)由题意及步骤可知，当两电压表示数相等时，说明两电阻分压相等，则两电阻的阻值相等，若两电压表的内阻不等且R 1＞R 2；则两并联部分电阻相等时，R 0的阻值应小于R x 的阻值；故测量值比真实值偏小；(Ⅲ)两电压表示数相等，则两部分的电阻相等，故：R 1R 0R 1＋R 0＝R 2R x R 2＋R x解得：R x ＝R 0R 1R 2R 2（R 0＋R 1）－R 0R 1答案 ①170；②(Ⅰ)如图所示；(Ⅱ)偏小；(Ⅲ)R0R1R2R2（R0＋R1）－R0R1命题立意本题旨在考查伏安法测电阻。

高三物理一轮复习第7章恒定电流第1节电流电阻电功率及焦耳定律课后限时训练

第1节电流电阻电功率及焦耳定律（建议用时：40分钟）1.关于对电流的理解，下列说法中正确的是（）A.只有自由电子的泄向移动才能形成电流B.电流是一个矢量，苴方向就是正电荷左向移动的方向C.同一段电路中，相同时间内通过各不同横截面的电荷量一泄不相等D.在国际单位制中，电流是一个基本物理量，貝单位“安培”是基本单位D [自由电荷定向移动都能形成电流，如自由电子、正码子、负离子等，选项A错误: 电流是标量，虽然有大小和方向，但它不遵从平行四边形左则，选项B错误：根据电荷守恒龙律可知选项C错误：由单位制知识知选项D正确.]2.已知用电器川的电阻是用电器万的电阻的2倍，加在兔上的电压是加在万上的电压的一半，那么通过月和方的电流兀和▲的关系是（）Is IsA- h=2Is B・^=2 C. L=Is D. ^=4D [由得,I A： Z»=五：—=L'A R S'GR A=\ : 4,即Zi=~p 应选D.]3.（2016 •东阳模拟）对于电动势的泄义式Q”的理解，正确的是（）qA.尸与护成正比B.E与q成反比C.疋的大小与肌q无关D.歹表示静电力做的功C [电动势是描述电源把其他形式的能转化为电势能本领大小的物理量，英大小由电源性质决左，与板q无关，而公式中用为非静电力做的功，故选项C正确.]4.在示波管中，2s内有6X10"个电子通过横截而积大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为（）A. 4.8X10 6AB. 3X10_i5AC. 9.6X10 6AD.无法确定A [由Q=It得，7=^=y=6X1Q13X^6X10 19 A=4.8X10 6A,故选项A 正确.]5.如图7-1-8所示为某一家用电器的铭牌.从铭牌上的信息可推断该铭牌对应的电器可能是（）【导学号：81370259]图7-1-8【答案】A6.关于电源的电动势，下面说法正确的是（）A.电动势是表征电源把其他形式的能转化为电势能本领的物理量B.电动势在数值上等于外电路中通过1 C电荷量时电源提供的能量C.电源的电动势跟电源的体积有关，跟外电路有关D.电源的电动势越大，非静电力做功越多A [电动势是表征电源把其他形式的能转化为电势能本领的物理屋，选项A正确：根据电动势的泄义式庆丄可知电源电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，q但并不是对外电路提供的能量，选项B错误：电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关, 选项C错误：电源电动势的大小与非静电力做功多少无关，选项D错误.]7.有四个金属导体，它们的伏安特性曲线分别是图7・1・9中的a、b、c、d,则电阻最大的是（）图7-1-9A.aB. bC. cD. dD [伏安特性曲线中斜率是电阻的倒数，所以斜率最小的阻值最大，掳图知d的斜率最小，阻值最大，选项D对.]8.额立电压、额泄功率均相同的电吹风机、电热水壶和日光灯，各自在额左电压下正常工作了相同的时间，比较它们产生的热量，下列说法正确的是（）【导学号：81370260]A.电吹风机最多B.电热水壶最多C.日光灯最多D. 一样多B [电吹风机、电热水壶和日光灯额左电压、额左功率相同，相同时间内消耗的电能相等，而电吹风机消耗的电能大部分转化为机械能，日光灯消耗的电能大部分转化为光能，电热水壶消耗的电能全部转化为内能，所以电热水壶产生的热量最多，选项B正确.]9.某电阻的阻值为5 Q,通过的电流为2A,则它在10 s的时间内产生的热量为（）A. 100 JB. 200 JC. 20 JD. 2 JB [根据电热公式^=/7?t=2:X5X10 J=200 J, B 正确.]10.某一优质国产电风扇的铭牌如图7-1-10所示，风扇正常工作时，该风扇的工作电流是（）FS —69电扇规格400 mm 额定电压220 V 工作频率50 Hz 额泄功率50 W图 7-1-10A. 0. 23 AC. 0.4 A P 50A [由铭牌可知电风扇的工作电压是220 V 、功率是50 W,所以电流为』=7・=莎A^O. 23 A, A 正确.]11. （加试要求）某同学在商场买了一个标有“220 V 800 W ”的电水壶，为了验证电水壶质量是否合格，他特意用多用电表测量了电水壶的电阻，若电水壶合格，那么该同学测得的电水壶的阻值（）A.接近60.5 QB.略大于60.5 QC.明显大于60.5 QD.明显小于60.5 QD [依据电水壶标签上额立电压和额泄功率求岀的电阻为髙温状态下的电阻，而且多用电表测岀的电水壶电阻为常温下的电阻，且温度相差很大，根据金属材料的电阻随温度的升高而增大可知选项D 正确.]12. （加试要求）用一个额泄电压为220 V 的电热水器煮沸一壶水需要rs,如果不考虑电热水器的电热损失和电热丝电阻受温度的影响，那么（）A. 当线路电压为110 V 时，煮沸一壶水需要2r sB. 当线路电压为110 V 时，煮沸一壶水需要16rC. 当线路电压为55 V 时，煮沸一壶水需要4上sD. 当线路电压为55 V 时，煮沸一壶水需要16f s ■ D [由题意知，0=务220’ 1 ・煮沸一壶水所需的热量为匚宁rj ・当电压变为原来的*时, 所需热咼没变，因此时间要变为原来的4倍，即4ts,选项A 、B 错误•当电压变为原来的+时，时间要变为原来的16倍，即16t s,选项C 错误，选项D 正确.]13. （加试要求）（多选）如图7-1-11所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机H 和电热幺纟斤构成.已知电吹风的额怎电压是220 V,吹冷风时的功率为120 W,吹热风时的功率为1 000 W.关于该电吹风，下列说法正确的是（）【导学号：81370261]图 7-1-11A. 若S ：、S ：闭合，则电吹风吹冷风B. 电热丝的电阻为55 QC. 电动机工作时输出的机械功率为880 WD. 当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 JBD [S ：. S ：都闭合时，由于电热丝加热，吹出的是热风：吹热风时电阻丝的电功率为P,B ・ 0.5 A D. 4.4 A=（1 000-120）W= 880 W,电动机的功率为A=120 W.则电热丝的电阻为2?=-=55 Q, F R吹热风时电动机每秒消耗电能RRE20 J.选项A、C错误，B、D正确.]14.（2016 •平湖学考模拟）某一导体的伏安特性曲线如图7-1-12中初段（曲线）所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是（）图7-1-12A.万点的电阻为12 QB.万点的电阻为40 QC.工作状态从月变化到万时，导体的电阻因温度的影响改变了1 QD.工作状态从月变化到万时，导体的电阻因温度的影响改变了9 QB [根据电阻的定义式可以求岀小万两点的电阻分别为凡=吕Q=30 Q,尼=斗0. 1 0. Io Q=40 Q,所以△斤=尼一兄=10 Q,故B对，A、C、D错误.]15.（2016 •乐淸模拟）如图所示的电路中，a、b两点与一个稳压直流电源相接，当滑动变阻器的滑片尸向£端移动一段距离时，哪一个电路中的电流表读数会变小（）A B C DB [选项A、C、D中，滑动变阻器连入电路中的有效部分为滑片尸右侧部分，当滑动变阻器的滑片尸向d端移动时，滑动变阻器阻值减小，由欧姆左律可知，电路中的电流将会增大，电流表读数会变大，故选项A、C、D错误：而选项B中，滑动变阻器连入电路中的有效部分为滑片尸左侧部分，当滑动变阻器的滑片尸向刃端移动时，滑动变阻器阻值增大，电路中的电流将会减小，电流表读数会变小，选项B正确.]16.（加试要求）（多选）如图7-1-13所示，疋和尼是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但凡的尺寸比左的尺寸大.在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图所示，则下列说法中正确的是（）【导学号：81370262]图7-1-13A.凡中的电流小于凡中的电流B.凡中的电流等于尺中的电流C.凡中自由电荷龙向務动的速率大于凡中自由电荷立向移动的速率D.凡中自由电荷立向移动的速率小于區中自由电荷左向移动的速率BD [设正方形的边长为厶导体厚度为乩则*务R= P^= 得心，故&凡中的电流相等，A错误，B正确.由1= nqSv= nqLdv得，厶大则卩小，C错误，D 正确.]。

高三物理一轮复习必考部分第7章恒定电流专题突破练

高考物理一轮复习 第7章 恒定电流 第1讲 电路的基本概念与规律课后限时训练 新人教版选修3-1(2

高考物理一轮复习 第7章 恒定电流 7 章末热点集训课件 新人教版

高三物理一轮复习 必考 第7章 恒电流专题突破练

高考物理一轮复习 第七章 恒定电流冲刺训练

高考物理一轮复习 第七单元 恒定电流(含最新例题详解)