山西省大同一中2014届高三12月月考物理试题

山西省大同市铁路第一中学高一物理上册第一学期12月月月考考试题

山西省大同市铁路第一中学高一物理上册第一学期12月月月考考试题一、选择题 1．一物体挂在弹簧秤下，弹簧秤的上端固定在电梯的天花板上，在下列哪种情况下弹簧秤的读数最小( )A ．电梯匀加速上升，且3g a =B ．电梯匀加速下降，且3g a =C ．电梯匀减速上升，且2g a = D ．电梯匀减速下降，且2g a = 2．足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G 为重力，F 为脚对球的作用力，Ff 为空气阻力）（）A ．B ．C ．D ．3．如图所示，一劲度系数为k 的轻弹簧，上端固定在天花板上，下端悬挂木块A ．木块A 处于静止状态时弹簧的伸长为l ∆(弹簧的形变在弹性限度内)，则木块A 所受重力的大小等于A ．l ∆B ．k l ⋅∆C ．l k ∆D ．k l∆ 4．物理学发展史上，有一位科学家开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，这位科学家是（）A ．伽利略B ．牛顿C ．亚里士多德D ．笛卡尔5．如图所示，A 、B 两物体紧贴在圆筒的竖直内壁上，且随圆筒一起做匀速圆周运动，则A．周期T A<T B B．周期T A>T BC．线速度v A=v B D．线速度v A>v B6．两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球，细线上端固定在同一点，若两个小球以相同的角速度绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两个摆球在运动过程中，相对位置关系示意图正确的是图中的（）A．B．C．D．7．摩天轮一般出现在游乐园中，作为一种游乐场项目，与云霄飞车、旋转木马合称是“乐园三宝”．在中国南昌有我国第一高摩天轮﹣﹣南昌之星，总建设高度为160米，横跨直径为153米，如图所示．它一共悬挂有60个太空舱，每个太空舱上都配备了先进的电子设备，旋转一周的时间是30分钟，可同时容纳400人左右进行同时游览．若该摩天轮做匀速圆周运动，则乘客（）A．速度始终恒定B．加速度始终恒定C．乘客对座椅的压力始终不变D．乘客受到到合力不断改变8．关于速度、速度的变化、加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度就一定越大B．速度为零，加速度一定为零C．速度很小，加速度可能很大D．速度变化越慢，加速度可能越大9．如图所示，4个箭头均表示船头的指向，每相邻两个头之间的夹角都是30o，已知船在静水中的速度是4m/s，水速是2m/s，要使船能垂直河岸渡过河，那么船头的指向应为A．①方向 B．②方向 C．③方向 D．④方向10．如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球A、B固定在轻杆的两端。

2014年山西省中学考试物理精彩试题及问题详解

文档省2014年高中阶段教育学校招生统一考试理科综合·物理部分一、选择题（每小题3分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请选出并在答题卡上将该项涂黑。

）11、下列数据最接近实际的是( )A.你所在考场的沮度约50度B.你答题所用2B铅笔的质量约为8gC.你正常呼吸一次所川时问约1min D你考试所用答题卡的宽度约30dm12、2014年5月第十七届科博会在召开中外多款智能机器人齐亮相，如图是幼教机器人正和小朋友比赛背唐诗，下列有关说确的是( ）A.机器人的声音不是由振动产生的B机器人的声音可以在真空中传播C.能区分机器人和小朋友的声音主要是因为他们的音色不同D.机器人的声音在空气中传播速度是3 x 108 m/s13、“人说好风光”，下列图片中的现象，属于光的反射形成的是( )A.五台山白塔的倒影B.晋祠铁人的影子C.壶口瀑布上方的彩虹D.透过云层的光束14、如图是海波的熔化图像，下列从图像中获得信息正确的是( )A.海波是非晶体B.海波在AB段是液态C.海波在BC段吸热，温度不变D.海波从开始熔化到完全熔化用时约8min15、生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关,下列说确的是( )A.尘土飞扬，说明分子在不停地做无规则运动B.划燃火柴,利用做功来改变物体的能C.人工湖能调节气温，利用水的比热容小D.夏天吃冰糕，看到冰糕周围冒“白气”是汽化现象16、如图是某家庭电路的一部分，下列说确的是( )A.电冰箱接人三孔插座后电灯与电冰箱是串联B.电冰箱接人三孔插座能使电冰箱金属外壳接地C.若在图中甲、乙两处分别装电灯或开关，甲处应装电灯，乙处应装开关D.断开开关S时，站在地上的人接触A点或B点都不会触电17、如图为“探究电磁感应现象.的实验装置.在探究过程中，下列说确的是( )A.保持导体AB在进场中静止不动，电流表指针会发生偏转B.只要导体AB在磁场中运动，电流表折针就会发生偏转C.当电流表折针发生偏转时，表明机械能转化为电能D.利用这一现象所揭示的原理，可制成电动机第17题图18、2014年世界杯足球赛正在巴西进行。

山西省大同市2023-2024学年高一上学期12月月考物理试题含答案

2023~2024学年高一上学期12月月考物理（答案在最后）考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。

满分100分，考试时间75分钟。

2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。

3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。

4．本卷命题范围：人教版必修第一册第一章至第四章第2节。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。

每个小题只有一个选项符合题目要求。

1.关于对牛顿第一定律和惯性的理解，下列说法正确的是（）A.物体运动得越快，惯性越大B.物体所受的外力越大，惯性越大C.物体在地球表面的惯性比在月球表面的惯性大D.物体的运动状态越难改变，表明物体的惯性越大【答案】D【解析】【详解】AB．惯性是物体保持静止状态或匀速直线运动状态的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与速度大小、变化快慢、受力情况无关，故AB错误；C．物体在地球表面和在月球表面质量是不变的，因为惯性的大小只与物体的质量有关，所以惯性不变，故C错误；D．惯性是物体的一种固有属性，表现为物体对其运动状态变化的一种阻抗程度，物体的运动状态越难改变，说明物体对其运动状态变化阻抗程度越大，即惯性越大，故D正确。

故选D。

2.如图所示，某杂技演员一只手撑在木棍上，头上、脚上和另一只手上顶着几个碗使身体保持静止。

下列说法正确的是（）A.人对木棍的压力小于木棍对人支持力B.人的重心不一定在人的身体上C.脚和碗之间一定存在摩擦力D.手、脚伸直的目的仅仅是为了提高观赏性【答案】B【解析】【详解】A．人对木棍的压力和木棍对人的支持力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故A错误；B．重心可以在物体上，也可以在物体外，人的重心不一定在人的身体上，故B正确；C．碗处于竖直静止状态时，碗受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，故可以不受摩擦力，故C错误；D．手、脚伸直的目的不仅是为了提高观赏性，还控制身体的平衡，故D错误。

山西省高三物理12月月考试卷

山西省高三物理12月月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分） (2017高一下·邹平期中) 一物体在水平拉力F作用下在水平面做直线运动，作用2秒后撒去拉力F，其v﹣t图象如图所示，已知物体质量m=1kg，则下列说法正确的是（）A . 从开始到第2s末，合外力做功为100JB . 从第2s末到第6s末，合外力做功为﹣100JC . 全过程合外力做功为50JD . 全过程拉力做功为75J2. （2分） (2018高一上·江苏期中) 如图所示，在倾角为q的斜面上放着一个质量为m的光滑小球，球被竖直的木板挡住，则球对木板的压力大小为（）A . mgcosqB . mgtanqC .D .3. （2分） (2017高一上·中卫期末) 如图所示，一物体用一轻绳悬挂于O点，用力F拉住物体，要使轻绳与竖直方向保持θ=68o角不变，且F最小，则F与竖直方向的夹角应为（）A . 90oB . 68oC . 22oD . 0o4. （2分） (2016高一下·陕西期中) 如图所示，倾角为30°的斜面体放在水平地面上，一个重为G的球在水平力F的作用下，静止在光滑斜面上，现若将力F从水平方向逆时针转过某一角度α（α未知）后，仍保持F 的大小，且小球和斜面也仍旧保持静止，则此时水平地面对斜面体的摩擦力f为（）A .B .C .D . 05. （2分）我国“嫦娥一号”探月卫星发射后，先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时).然后，经过两次变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”，最后奔向月球。

如果按圆形轨道计算，并忽略卫星质量的变化，则在每次变轨完成后与变轨前相比（）A . 卫星速度增大，引力势能和动能之和减小B . 卫星速度减小，引力势能和动能之和增大C . 卫星速度增大，引力势能和动能之和增大D . 卫星速度减小，引力势能和动能之和减小6. （2分）如图所示，R1和R2是材料相同、厚度相同、表面均为正方形的导体，R1表面边长为2L，R2表面边长为L，若R1的阻值为16Ω，则R2的阻值为（）A . 32ΩB . 16ΩC . 8ΩD . 4Ω7. （2分） (2017高二上·扬州期中) 如图所示，L1、L2、L3为三个相同的灯泡．在变阻器R的滑片P向上移动过程中，下列判断中正确的是（）A . L2变暗，L3变亮B . L1变亮，L3变暗C . L1中电流变化量等于L3中电流变化量D . L1中电流变化量小于L2中电流变化量8. （2分）(2016·武汉模拟) 从A点斜向上抛出一个小球，曲线ABCD是小球运动的一段轨迹．建立如图所示的正交坐标系xOy，x轴沿水平方向，轨迹上三个点的坐标分别为A（﹣L，0）、C（L，0），D（2L，3L），小球受到的空气阻力忽略不计，轨迹与y轴的交点B的坐标为（）A . （0，）B . （0，﹣L）C . （0，）D . （0，﹣2L）二、多选题 (共4题；共12分)9. （3分）真空中质量为m的带正电小球由A点无初速自由下落t秒，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点。

山西省大同一中2014届高三12月月考数学理试题

D.
A. - ， 2 2
1

B. - 1 ， - 2

1
C.
- 1，e
2, e
2．若集合 A x x 2 5 x 4＜0 ; B x x a ＜1 , 则“ a (2,3) ”是“ B A ”的 A．充分不必要条件 C.充要条件
2
2| x 1| 1, 0 x 2 ，则函数 g ( x ) 4 f ( x ) 1 的零点个数为（ f ( x) 1 f x 2, x2 2
A. 4 B. 6 C. 8 D. 10
）
10．已知 a , b 是两个互相垂直的单位向量，且 c a c b 1， c
2013~201大同一中武志成计琳
第Ⅰ卷客观卷（共 60 分）
一、选择题(每小题 5 分，共 60 分) 1. 已知两个集合 A x | y ln( x 2 x 2) ， B x |

2x 1 0 ，则 A B （）. ex
n
n
1 的 b
n
前 n 项和 Tn ．
2013-2014-1 月考
高三数学(理)
（第 3 页共 4 页）
19. (12 分)在△ABC 中，内角 A，B，C 的对边分别为 a，b，c.已知
cos A-2 cos C 2c-a = . cos B b
sin C 的值； sin A 1 (2) 若 cosB= ， b 2 ,求 ABC 的面积 4
2013-2014-1 月考
) C．56
高三数学(理)
5 俯视图
D．52
（第 1 页共 4 页）

山西省大同一中2013-2014学年高一物理12月月考试题新人教版

2013-2014-1月考高一物理第I 卷客观卷（共40分）一、选择题（每题4分，共40分，每题至少有一个是正确选项，全部选对的得4分，选不全的得2分，选错或不选得0分,）1、某物体正好能沿着斜面匀速下滑，则以下说法中，正确的是（）A 、物体受到重力、支持力、下滑力、摩擦力的作用B 、物体只受到重力和支持力的作用C 、物体对对斜面的压力是弹力，是由于斜面发生形变而产生的D 、物体所受的合外力为零2、关于力，下述说法中错误的是( )A ．形状规则的物体重心在其几何中心，物体升高时，重心相对物体的位置不变。

B ．力不一定总有受力物体．比如，一个人用力向外推掌，用了很大力，但没有受力物体C ．使原子核内质子、中子保持在一起的作用是电磁相互作用。

D ．在天然放射现象中起作用的是基本相互作用中的弱相互作用。

3、一细绳一端固定在竖直放置的光滑圆环上的 B 点，（B 点在 O 点的正上方）另一端系一质量为M 的小球于A 点平衡，小球穿过圆环，细绳于竖直的夹角为30度，则细绳的拉力和环对小球的弹力为（） A. mg 3 mg B. mg mg 3C. mg 23 2mgD. 2mg mg 234、如图所示，在粗糙水平面上放一质量为M 的斜面体，质量为m 的木块在竖直向上力F 作用下，沿斜面体匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面（）A ．无摩擦力B ．有水平向左的摩擦力C．支持力为（M+m）g D．支持力小于（M+m）g5. 关于摩擦力，下列叙述中正确的是( )A. 摩擦力一定跟压力成正比B. 两物体相互接触，二者间有摩擦力时，一定有弹力。

C. 滑动摩擦力的方向，一定与物体运动方向相反D .运动的物体,不可能受到静摩擦力的作用6、将一个力F分解为不为零的力，下列分解方法中不可能的是（）A．分力之一垂直于F B．两个分力与F都在同一直线上C．一个分力的大小与F的大小相同 D．一个分力与F相同7、将物块放在一粗糙斜面上，对其施加平行于斜面向上的外力F使之处于静止状态，如图所示。

山西省大同一中高一物理上学期12月月考试卷(含解析)

山西省大同一中2015～2016学年度2015～2016学年度高一上学期月考物理试卷（12月份）一、选择题（每小题4分）1．一足球以12m/s的速度飞来，被一脚踢回，踢出时速度大小为24m/s，球与脚接触时间为0.1s，则此过程中足球的加速度为（）A．120m/s2，方向与踢出方向相同B．120m/s2，方向与飞来方向相同C．360m/s2，方向与踢出方向相同D．360m/s2，方向与飞来方向相同2．中国首架空客A380大型客机在最大载重量的状态下起飞需要滑跑距离约3000m，着陆距离大约为2000m．设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（）A．3：2 B．1：1 C．1：2 D．2：13．一位同学在某星球上完成自由落体运动实验：让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．物体在2s末的速度是20m/sB．物体在第5s内的平均速度是3.6m/sC．物体在第2s内的位移是20mD．物体在5s内的位移是50m4．甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，其v﹣t图象如图所示．关于两车的运动情况，下列说法正确的是（）A．在t=1s时，甲、乙相遇B．在t=2s时，甲、乙的运动方向均改变C．在t=4s时，乙的加速度方向改变D．在t=2s～t=6s内，甲相对乙做匀速直线运动5．如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑，则（）A．A、B间没有摩擦力B．A受到B施加的静摩擦力方向沿斜面向上C．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsinθD．A与B间的动摩擦因数为μ=tanθ6．如图所示，固定在水平地面上的物体A，左侧是圆弧面，右侧是倾角为θ的斜面，一根轻绳跨过物体A顶点上的小滑轮，绳两端分别系有质量为m1、m2的小球，当两球静止时，小球m1与圆心连线跟水平方向的夹角也为θ，不计一切摩擦，圆弧面半径远大于小球直径，则m1、m2之间的关系是（）A．m1=m2 B．m1=m2tanθC．m1=m2cotθD．m1=m2cosθ7．如图所示，在倾角为θ的斜面上，质量均为m的物体A、B叠放在一起，轻绳通过定滑轮分别与A、B连接（绳与斜面平行），A与B、B与斜面间的动摩擦因数均为μ，轻绳与滑轮间的摩擦不计，若要用沿斜面向下的力F将物体B匀速拉出，则F的大小为（）A．mgsinθ+μmgcosθB．mgsinθ+4μmgcosθC．2μmgcosθD．4μmgcosθ8．如图所示，质量为m的人用绳子通过定滑轮把一个物体沿光滑的斜面向上拉，若不计滑轮的摩擦和绳子的质量，则人向右缓慢移动的过程中（）A．绳子的拉力不变B．人受到的支持力不变C．人受到地面的摩擦力增大D．人对绳子的拉力增大9．从地面竖直上抛一物体A，同时在离地面某一高度处有另一物体B自由落下，两物体在空中同时到达同一高度时速率都为v，则下列说法中正确的是（）A．物体A上抛的初速度和物体B落地时速度的大小相等，都是2vB．物体A、B在空中运动的时间相等C．物体A能上升的最大高度和B开始下落的高度相同D．两物体在空中同时达到同一高度处一定是B物体开始下落时高度的中点10．一辆汽车沿着一条平直的公路行驶，公路旁边有与公路平行的一行电线杆，相邻电线杆间的间隔为50m，取汽车驶过某一根电线杆的时刻为零时刻，此电线杆作为第1根电线杆，此时刻汽车行驶的速度大小v1=5m/s，假设汽车的运动为匀加速直线运动，10s末汽车恰好经过第3根电线杆，则下列说法中正确的是（）A．汽车运动的加速度大小为1 m/s2B．汽车继续行驶，经过第7根电线杆时的瞬时速度大小为25 m/sC．汽车在第3根至第7根电线杆间运动所需的时间为20 sD．汽车从第3根至第7根电线杆间的平均速度为20 m/s11．有一遥控电动玩具汽车，已知车内电动马达驱动后轮转动，现玩具汽车的后轮、前轮分别放在平板小车甲、乙上，如图所示，按动摇控器上的“前进”、“后退”键，汽车就能前进或后退，地面与甲、乙车之间的摩擦力不计，以下叙述正确的是（）A．按运摇控器上的“前进”键，乙车对前轮摩擦力向右，乙车相对地面向右运动B．按运遥控器上的“前进”键，甲车对后轮摩擦力向右，甲车相对地面向左运动C．按运摇控器上的“后退”键，甲车对后轮摩擦力向左，甲车相对地面向右运动D．挥动摇控器上的“后退”键，乙车对前轮摩擦力向左，乙车相对地面向左运动12．如图所示，顶端装有定滑轮的粗糙斜面体放在水平地面上，A、B两物体跨过滑轮通过细绳连接，整个装置处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）．现用水平力作用于物体A上，缓慢拉开一小角度，斜面体与物体B一直保持静止．此过程中（）A．绳子对物体A的拉力一定变大B．斜面对物体B的摩擦力一定变大C．地面对斜面体的弹力不变D．地面对斜面体的摩擦力变大二、填空题13．在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择6个计数点A、B、C、D、E、F，相邻两计数点之间还有四个点未画出，各点到A点的距离依次是2.0cm、5.0cm、9.0cm、14.0cm、20.0cm．（1）根据学过的知识可以求出小车在B点的速度为v B= m/s．CE间的平均速度为m/s；（2）以打A点时为计时起点，建立v﹣t坐标系如图所示．请在图中作出小车运动的速度与时间的关系图线；（3）根据图线可得小车运动的加速度为m/s2．14．“探究合力与分力的关系”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，P为橡皮条与细绳的结点，用两把互成角度的弹簧秤把结点P拉到位置O．①从图甲可读得弹簧秤B的示数为N．②为了更准确得到合力与分力的关系，要采用作力的（填“图示”或“示意图”）来表示分力与合力．③图乙中与F1、F2效果相同的力是（填“F”或“F′”）．④图乙中方向一定沿AO方向的力是（填“F”或“F′”）．三、计算题15．如图所示，用三根轻绳将质量均为m的A、B两小球以及水平天花板上的固定点O之间两两连接，然后用一水平方向的力F作用于A球上，此时三根轻绳均处于直线状态，且OB 绳恰好处于竖直方向，两球均处于静止状态，三根轻绳长度之比为OA：AB：OB=3：4：5，试计算OA绳拉力及F的大小？16．如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，已知A、B的质量分别为m A=10kg，m B=20kg，A、B之间以及B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5，一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为37°，今欲用外力将物体B匀速向右拉出，求：水平力F 的大小．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）17．如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v0=2m/s、加速度a=2m/s2向下滑，在到达底端前1s里，所滑过的距离为，其中L为斜面长，则（1）小球在斜面上滑行的时间为多少？（2）小球到达斜面底端时的速度v是多少？（3）斜面的长度L是多少？18．甲、乙两车在平直公路上比赛，某一时刻，乙车在甲车前方L1=11m处，乙车速度v乙=60m/s，甲车速度v甲=50m/s，此时乙车离终点线尚有L2=600m，如图所示．若甲车做匀加速运动，加速度a=2m/s2，乙车速度不变，不计车长．（1）经过多长时间甲、乙两车间距离最大，最大距离是多少？（2）到达终点时甲车能否超过乙车？山西省大同一中2015～2016学年度2015～2016学年度高一上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分）1．一足球以12m/s的速度飞来，被一脚踢回，踢出时速度大小为24m/s，球与脚接触时间为0.1s，则此过程中足球的加速度为（）A．120m/s2，方向与踢出方向相同B．120m/s2，方向与飞来方向相同C．360m/s2，方向与踢出方向相同D．360m/s2，方向与飞来方向相同【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义，规定正方向后求解即可．加速度为正值表示加速度的方向与规定的方向相同，为负值表示加速度的方向与规定的方向相反．【解答】解：规定初速度的方向为正方向，则加速度，负号表示加速度的方向与初速度方向相反．所以ABD错误，C正确．故选：D．【点评】根据加速度的定义求解本题，关键是抓住速度的方向，规定正方向后用速度的正负值表示方向．2．中国首架空客A380大型客机在最大载重量的状态下起飞需要滑跑距离约3000m，着陆距离大约为2000m．设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（）A．3：2 B．1：1 C．1：2 D．2：1【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据位移关系，结合平均速度的推论，求出起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比．【解答】解：设着陆的速度为v，则起飞的速度为1.5v，根据平均速度的推论知，起飞滑跑的时间，着陆滑跑的时间，代入数据解得：t1：t2=1：1．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．3．一位同学在某星球上完成自由落体运动实验：让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．物体在2s末的速度是20m/sB．物体在第5s内的平均速度是3.6m/sC．物体在第2s内的位移是20mD．物体在5s内的位移是50m【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】第5s内的位移等于5s内的位移减去4s内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v=gt，位移时间公式h=求出速度和位移．【解答】解：A、第5s内的位移是18m，有：，t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．所以2s末的速度：v=gt=8m/s．故A错误．B、第5s内的平均速度：．故B错误．C、t=2s，t′=1s，物体在第2s内的位移：．故C错误．D、物体在5s内的位移：x=．故D正确．故选D．【点评】解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同．4．甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，其v﹣t图象如图所示．关于两车的运动情况，下列说法正确的是（）A．在t=1s时，甲、乙相遇B．在t=2s时，甲、乙的运动方向均改变C．在t=4s时，乙的加速度方向改变D．在t=2s～t=6s内，甲相对乙做匀速直线运动【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，当位移相等时，两者相遇．根据速度图象与坐标轴围成面积表示位移，可知，在t=1s时，乙的位移大于甲的位移，说明两者没有相遇．故A错误．B、由图知，在t=2s时甲乙的速度方向没有改变．故B错误．C、速度图象的斜率表示加速度，由数学知识得知，在t=4s时，乙的加速度方向仍沿负方向，没有改变．故C错误．D、在t=2s～t=6s内，甲沿正方向做匀减速运动，乙先沿正方向做匀减速运动，后沿负方向做匀加速运动，由于加速度不变，把乙的运动看成是一种匀减速运动，甲乙的加速度相同，故甲相对乙做匀速直线运动．故D正确．【点评】本题是速度﹣时间图象问题，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，即可分析两物体的运动情况．5．如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑，则（）A．A、B间没有摩擦力B．A受到B施加的静摩擦力方向沿斜面向上C．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsinθD．A与B间的动摩擦因数为μ=tanθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对B物体受力分析，根据共点力平衡可以得出A受力的情况，得出AB间摩擦力的大小及方向．再对整体受力分析可得出A受斜面的摩擦力情况．【解答】解：A、对B受力分析可知，B受重力、支持力；将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的摩擦力；故A错误；B、由牛顿第三定律可知，A受到B的摩擦力应沿斜面向下，故B错误；C、对整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsinθ，故C正确；D、由于AB间为静摩擦力，无法确定动摩擦因数，故D错误；故选C．【点评】在求摩擦力时，一定要先判断物体受到的力是动摩擦力还是静摩擦力；若为静摩擦力，可由受力平衡进行分析；但如果是滑动摩擦力，可以由滑动摩擦力的公式求出，但是要注意物体也可能处于平衡状态，故也可以由共点力的平衡求出．6．如图所示，固定在水平地面上的物体A，左侧是圆弧面，右侧是倾角为θ的斜面，一根轻绳跨过物体A顶点上的小滑轮，绳两端分别系有质量为m1、m2的小球，当两球静止时，小球m1与圆心连线跟水平方向的夹角也为θ，不计一切摩擦，圆弧面半径远大于小球直径，则m1、m2之间的关系是（）A．m1=m2 B．m1=m2tanθC．m1=m2cotθD．m1=m2cosθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分别对物体受力分析，由共点力的平衡即可得出两物体的质量之比，分析时抓住绳子拉力大小相等．【解答】解：通过光滑的滑轮相连，左右两侧绳的拉力大小相等，两小球都处于平衡状态，又由受力分析可得：对m1有，F T=m1gcosθ．对m2有，F T=m2gsinθ，联立两式可得m1gcosθ=m2gsinθ，所以选项B正确．【点评】本题考查共点力作用下物体的平衡，解题关键抓住绳子拉力大小相等，采用隔离法，由平衡条件求解质量之比．基础题目．7．如图所示，在倾角为θ的斜面上，质量均为m的物体A、B叠放在一起，轻绳通过定滑轮分别与A、B连接（绳与斜面平行），A与B、B与斜面间的动摩擦因数均为μ，轻绳与滑轮间的摩擦不计，若要用沿斜面向下的力F将物体B匀速拉出，则F的大小为（）A．mgsinθ+μmgcosθB．mgsinθ+4μmgcosθC．2μmgcosθD．4μmgcosθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题意，B平行于斜面向下匀速运动，则A就平行于斜面向上匀速运动，AB均处于平衡状态，分别对A和B进行受力分析，应用平衡条件求解即可．【解答】解：先以A为研究对象，当B匀速下行时，A匀速上行，A受力如图1所示．根据平衡条件得：T1=f1+mgsinθF N=mgcosθ又 f1=μF N联立以上三式得：T1=μmgcosθ+mgsinθ．再以B为研究对象受力分析，如图2所示：根据平衡条件：F+mgsinθ=μ•2mgcosθ+μmgcosθ+T1；得：F=4μmgcosθ故选：D【点评】本题是平衡条件的应用，分别对AB受力分析应用平衡条件求解即可，关键点是根据同一根绳子上的力大小相等，把作用在A上的力和作用在B上的力建立联系．要注意B受两个摩擦力．8．如图所示，质量为m的人用绳子通过定滑轮把一个物体沿光滑的斜面向上拉，若不计滑轮的摩擦和绳子的质量，则人向右缓慢移动的过程中（）A．绳子的拉力不变B．人受到的支持力不变C．人受到地面的摩擦力增大D．人对绳子的拉力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以物体为研究对象，根据平衡条件分析绳子拉力如何变化，再对人进行分析，根据平衡条件得出地面对人的支持力与摩擦力的表达式，即可判断其变化．【解答】解：设斜面的倾角为α．A、D对物体而言，人缓慢向右移动，物体缓慢上升，保持平衡，由平衡条件得：绳子的拉力T=mgsinα，可见T保持不变．故A正确，D错误．B、C以人为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得：f=TcosθN=m人g﹣Tsinθ人向右缓慢移动的过程中，θ减小，而T不变，则f增大，N增大．故B错误，C正确．故选AC【点评】本题是两个物体的平衡问题，采用隔离法研究，关键是分析受力，要养成作力图的良好习惯．9．从地面竖直上抛一物体A，同时在离地面某一高度处有另一物体B自由落下，两物体在空中同时到达同一高度时速率都为v，则下列说法中正确的是（）A．物体A上抛的初速度和物体B落地时速度的大小相等，都是2vB．物体A、B在空中运动的时间相等C．物体A能上升的最大高度和B开始下落的高度相同D．两物体在空中同时达到同一高度处一定是B物体开始下落时高度的中点【考点】自由落体运动；竖直上抛运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】竖直上抛运动看成向上的加速度为﹣g的匀减速直线运动处理，根据两物体在空中同时到达同一高度求出运动经过的时间，由运动学公式和竖直上抛运动的对称性分析求解．【解答】解：A、设两物体从下落到相遇的时间为t，则对于自由下落物体有：gt=v；竖直上抛物体的初速度为v0，则由题v=v0﹣gt 解得v0=2v．故A正确．B、根据竖直上抛运动的对称性可知，B自由落下到地面的速度为2v，在空中运动时间为t B=A竖直上抛物体在空中运动时间t A=2×=．故B错误．C、物体A能上升的最大高度=，B开始下落的高度h B==，显然两者相等．故C正确．D、B下落的时间为t=，下落的高度为h==2==．则知不是B物体开始下落时高度的中点．故D错误．故选：AC．【点评】本题涉及两个物体运动的问题，关键要分析两物体运动的关系，也可以根据竖直上抛运动的对称性理解．10．一辆汽车沿着一条平直的公路行驶，公路旁边有与公路平行的一行电线杆，相邻电线杆间的间隔为50m，取汽车驶过某一根电线杆的时刻为零时刻，此电线杆作为第1根电线杆，此时刻汽车行驶的速度大小v1=5m/s，假设汽车的运动为匀加速直线运动，10s末汽车恰好经过第3根电线杆，则下列说法中正确的是（）A．汽车运动的加速度大小为1 m/s2B．汽车继续行驶，经过第7根电线杆时的瞬时速度大小为25 m/sC．汽车在第3根至第7根电线杆间运动所需的时间为20 sD．汽车从第3根至第7根电线杆间的平均速度为20 m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度．根据位移公式得出汽车从第一根到第7根的时间，从而得出第3根到第7根的时间，通过平均速度的定义式求出平均速度的大小，根据速度时间公式求出通过第7根电线杆的速度．【解答】解：A、汽车在10s内的位移是：s13=50×2=100m由s=v1t+得代入数据解得：a=1m/s2．故A正确．B、汽车从第1根到第7根电线杆的时间是t7，则：s17=6×50m=300m由匀变速运动规律得：s17=代入数据解得：t7=20s汽车在第3根至第7根电线杆间运动所用的时间：△t=t7﹣t3=20﹣10s=10s，到达第7根电线杆的速度为：v7=v1+at7=5+1×20m/s=25m/s，故B正确，C错误．D、汽车从第3根至第7根电线杆间的平均速度为：．故D正确．故选：ABD．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用，基础题．11．有一遥控电动玩具汽车，已知车内电动马达驱动后轮转动，现玩具汽车的后轮、前轮分别放在平板小车甲、乙上，如图所示，按动摇控器上的“前进”、“后退”键，汽车就能前进或后退，地面与甲、乙车之间的摩擦力不计，以下叙述正确的是（）A．按运摇控器上的“前进”键，乙车对前轮摩擦力向右，乙车相对地面向右运动B．按运遥控器上的“前进”键，甲车对后轮摩擦力向右，甲车相对地面向左运动C．按运摇控器上的“后退”键，甲车对后轮摩擦力向左，甲车相对地面向右运动D．挥动摇控器上的“后退”键，乙车对前轮摩擦力向左，乙车相对地面向左运动【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；推理法；摩擦力专题．【分析】力是改变物体运动状态的原因，两个小车之所以由静止变为运动，是因为受到玩具车前轮和后轮施加的力的作用；再结合物体间力的作用是相互的这一特点，就可分析出两个小车给前轮和后轮施加的摩擦力的方向．【解答】解：当按动遥控器上的“前进”键，后轮是主动轮顺时针转动，所以甲车对后轮摩擦力向右，后轮对甲车的摩擦力向左；而前轮是从动轮，所以乙车对前轮的摩擦力向左，前轮对乙车的摩擦力向右．因此乙车向右运动，而甲车向左运动．当按动遥控器上的“后退”键，后轮是主动轮逆时针转动，所以甲车对后轮摩擦力向左，后轮对甲车的摩擦力向右；而前轮仍是从动轮，所以乙车对前轮的摩擦力向右，前轮对乙车的摩擦力向工．因此乙车向左运动，而甲车向右运动．故A、D错误，B、C正确；故选：BC．【点评】此题考查摩擦力方向的判断；根据题目中小车的运动情况，对玩具车与两个小车间的力的相互作用进行分析，就可得到两轮所受摩擦力的方向．12．如图所示，顶端装有定滑轮的粗糙斜面体放在水平地面上，A、B两物体跨过滑轮通过细绳连接，整个装置处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）．现用水平力作用于物体A上，缓慢拉开一小角度，斜面体与物体B一直保持静止．此过程中（）A．绳子对物体A的拉力一定变大B．斜面对物体B的摩擦力一定变大C．地面对斜面体的弹力不变D．地面对斜面体的摩擦力变大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】原来装置处于静止状态，受力平衡，A所受的重力与细绳的拉力相等，以B为研究对象，分析支持力是否变化．当用水平向左的力F缓慢拉物体A时，A受力动态平衡，以整体为研究对象，分析受力情况，判断地面对斜面的摩擦力变化情况．【解答】解：A、对A研究可知，原来细线的拉力大小等于A的重力，当用水平向左的力F缓慢拉物体A，细线的竖直分力大小等于A的重力，所以细线所受拉力的大小一定增大．故A正确；B、B原来所受的摩擦力大小可能为零，也可能沿斜面向下，也可能沿斜面向上，当用水平向左的力F缓慢拉物体A时，绳的拉力增大，A所受的摩擦力可能增大，也可能减小．故B 错误．C、以A、B、斜面整体为研究对象，分析受力情况作出如图所示受力图：由平衡条件得知，N=M总g；f=F，当F增大时斜面体受到地面的摩擦力变大，地面对斜面体的弹力不变，故CD均正确．故选ACD．【点评】本题涉及到三个物体的平衡问题，研究对象的选择是重点，可采用隔离法与整体法相结合的方法进行研究，简单方便．二、填空题13．在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择6个计数点A、B、C、D、E、F，相邻两计数点之间还有四个点未画出，各点到A点的距离依次是2.0cm、5.0cm、9.0cm、14.0cm、20.0cm．（1）根据学过的知识可以求出小车在B点的速度为v B= 0.25 m/s．CE间的平均速度为0.45 m/s；（2）以打A点时为计时起点，建立v﹣t坐标系如图所示．请在图中作出小车运动的速度与时间的关系图线；（3）根据图线可得小车运动的加速度为 1 m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；压轴题；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小，CE间的平均速度可以用位移除以时间，最后根据速度﹣时间图象解出斜率即是物体的加速度．【解答】解：（1）相邻两个计数点间的时间间隔为0.1 s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，所以v B== m/s=0.25 m/sv CE== m/s=0.45 m/s（2）v C==0.35m/sv D==0.45m/s。

山西大同市第一中学2024学年第二学期普通高中半期考试高三物理试题

山西大同市第一中学2024学年第二学期普通高中半期考试高三物理试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在核反应方程中，X表示的是A．质子B．中子C．电子D．α粒子2、小明乘坐竖直电梯经过1min可达顶楼，已知电梯在t =0时由静止开始上升，取竖直向上为正方向，该电梯的加速度a随时间t的变化图像如图所示。

若电梯受力简化为只受重力与绳索拉力，则A．t =4.5 s时，电梯处于失重状态B．在5～55 s时间内，绳索拉力最小C．t =59.5 s时，电梯处于超重状态D．t =60 s时，绳索拉力的功率恰好为零3、如图所示的电路中，电键1S、2S、3S、4S均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一油滴P，下列说法正确的是（）A．油滴带正电B．只断开电键1S，电容器的带电量将会增加S，油滴将会向上运动C．只断开电键2D．同时断开电键3S和4S，油滴将会向下运动4、2013年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课．授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应．在视频中可观察到漂浮的液滴处于相互垂直的两个椭球之间不断变化的周期性“脉动”中．假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性微小变化（振动），如图所示．已知液滴振动的频率表达式为f kr αβγρσ＝，其中k 为一个无单位的比例系数，r 为液滴半径，ρ为液体密度，σ为液体表面张力系数（其单位为N/m ），α、β、γ是相应的待定常数．对于这几个待定常数的大小，下列说法中可能正确的是（）A ．32α＝，12β＝，12γ＝- B ．32α＝-，12β＝-，12γ＝ C ．2α＝-，12β＝，12γ＝- D ．3α＝- ，1β＝-，1γ＝5、将一物体竖直向上抛出，不计空气阻力。

山西省大同市第一中学高二物理12月月考试题

物理试题一、选择题（每小题4分，共44分。

） 1．关于闭合电路，下列说法中正确的是（）A ．闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方B ．闭合电路中，电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C ．闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大D ．闭合电路中，外电阻越大，电源的路端电压就越大2．如图所示，直线OAC 为某一直流电源的功率随电流I 变化的图线。

抛物线OBC 为同一直流电源内部热功率随电流I 变化的图线。

则I ＝2A 时对应的电源输出功率及外电阻是（）A 、2W ，0.5ΩB 、4W ，2ΩC 、2W ，1ΩD 、6W ，2Ω3.（多选）如图所示，竖直放置的一对平行金属板间的电势差为U1，水平放置的一对平行金属板间的电势差为U2。

一电子由静止开始经U1加速后，进入水平放置的金属板间，刚好从下板边缘射出。

不计电子重力。

下列说法正确的是( )A.增大U1，电子一定打在金属板上B.减小U1，电子一定打在金属板上C.减小U2，电子一定能从水平金属板间射出D.增大U2，电子一定能从水平金属板间射出4．（多选）关于电阻的公式I U R =和公式SLR ρ=，下面说法正确的是（）A ．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B ．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关C ．导体的电阻随工作温度变化而变化D ．对一段一定的导体来说，在恒温下比值IU是恒定的，导体电阻不随U 或I 变化而变化5. （多选）如图所示，在场强大小为E 的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m ，电荷量为q 的带负电的小球，另一端固定在O 点，把小球拉到使细线水平的位置A ，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平方向成θ=60°的位置B 时速度为零，以下说法正确的是（） A.小球重力与电场力的大小关系是qE=3mg B.小球重力与电场力的大小关系是mg=3qE C.小球在B 点时，细线拉力T=2qE D.小球在B 点时，细线拉力T=3mg6. 如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M 点以相同速度飞出a 、b 两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，则( ) A. a 一定带正电，b 一定带负电 B. a 的速度将减小，b 的速度将增大 C. a 的加速度将减小，b 的加速度将增大 D. 两个粒子的电势能一个增大，一个减小7．在图2中，电源内阻不能忽略，R1＝5Ω，R2＝4Ω．当开关S 切换到位置1时，电流表的示数为I1＝2A ；当开关S 扳到位置2时，电流表的示数可能为下列情况中的( ) A ． 2.5A B ．1.8A C ．2.2A D ．3.0A8.（多选）一个T 型电路如图，电路中的电110R =Ω,23120,40R R =Ω=Ω.另有一测试电源，电动势为100V ，内阻忽略不计.（） A.当cd 端短路时，ab 之间的等效电阻是40Ω B.当ab 端短路时，cd 之间的等效电阻是40Ω C.当ab 两端接通测试电源时， cd 两端的电压为80 V D.当cd 两端接通测试电源时， ab 两端的电压为80 V9.（多选）如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图象，曲线B 为灯泡电阻的两端电压与电流的关系图象，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，下列说法正确的是（）A ．电源的输出功率为4WB ．电源的总功率为18WC ．电源的效率为66.7%D ．电源内部损耗的功率为2W10. 如图1所示电路中，在滑动变阻器的滑片P 向上端a 滑动图2图6 （1）（2）（3）123cm 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 0过程中，两表的示数情况为（）A ．电压表示数增大，电流表示数减少B ．电压表示数减少，电流表示数增大C ．两电表示数都增大D ．两电表示数都减少二．填空题（每空2分，共30分）12、如下图甲所示的游标卡尺的读数是 cm ，如图所示为一正在测量中的多用电表表盘．(1) 如果是用×10 Ω挡测量电阻，则读数为______Ω. (2) 如果是用直流10 mA 挡测量电流，则读数为________mA. (3) 如果是用直流50V 挡测量电压，则读数为________V.13. 如图所示，有一个表头G ，满偏电流Ig= 500 mA ，内阻Rg=200Ω，用它改装为有1 A 和10 A 两种量程的电流表，则R1= ______Ω、 R2= ______Ω。

山西省大同市第一中学高一物理12月月考试题(扫描版)

山西省大同市第一中学2017-2018学年高一物理12月月考试题（扫描
版）
物理参考答案
1、D
2、B
3、B
4、C
5、D
6、C
7、D
8、AD
9、AC 10、ABD 11、（1）m 3m （2）不必不会 12、方案乙
13、（1）（2）
解析：（1）小球从O点上升到最大高度过程中：①
小球从P点上升的最大高度：②
依据题意：③
联立①②③解得：
（2）真空管至少的长度：
故
14、
解析：
F1作用时，物体的受力情况如图1，根据平衡条件得
F N=mgcosθ
F1=mgsinθ+F f
F f=μF N
F1=mgsinθ+μmgcosθ
F2作用时，物体的受力情况如图2，根据平衡条件得
F2cosθ=mgsinθ+F f′
F N′=mgcosθ+F2sinθ
F f′=μF N′
解得：
所以
15、（1）30°（2）
解析：（1）设细绳对B的拉力为T．以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得：Fcos30°="Tcosθ" ①
Fsin30+Tsinθ="mg" ②
代入解得，T=10N，tanθ=，即θ=30°
（2）以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2．再平衡条件得
Fcos30°=f
N+Fsin30°=（M+m）g
又f=μN
得到，
代入解得，。

山西省大同市第一中学高一物理上册12月月月考考试试题_

山西省大同市第一中学高一物理上册12月月月考考试试题_ 一、选择题1．一质点始终向着一个方向做直线运动，在前23t时间内平均速度为v/2，后3t时间内平均速度为 2v，则物体在t 时间内的平均速度大小是( )A．3v/4 B．3v/2 C．v D．2v/32．如图所示，小明用与水平方向成θ角的轻绳拉木箱，沿水平面做匀速直线运动，此时绳中拉力为F，则木箱所受合力大小为( )A．F sinθB．F C．FcosθD．03．把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动．小球的向心力是由什么力提供的（）A．重力B．支持力C．重力和支持力的合力D．地转偏向力4．关于曲线运动，下列叙述中正确的是A．物体做曲线运动时所受的合外力一定是变力B．变速运动一定是曲线运动C．当物体所受合外力的方向与物体速度方向不在同一直线上时，物体一定做曲线运动D．当物体做曲线运动时，物体所受的合外力方向与物体加速度方向不在同一直线上5．对于平抛运动，下列说法正确的是（）A．落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关B．平抛运动是加速度方向变化的曲线运动C．做平抛运动的物体，在任何相等的时间内位移的增量都是相等的D．做平抛运动的物体，在任何相等的时间内速度的增量都是相同的6．在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，甲在冰上滑行的距离比乙远。

假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，下列判断正确的是A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C．在分开时，甲的运动速度大于乙的运动速度D．在分开后，甲运动的加速度大小小于乙运动的加速度大小7．两个小球从两个不同高度处自由下落，结果同时到达地面，如图所示四幅图中，能正确表示它们的运动的是（）A．B．C．D．8．水平桌面上放着一本书，下列有关书与桌面之间的作用力的说法中，正确的是（）A．书受的重力就是桌面受到的压力B．书受到了支持力是因为桌面产生了形变C．书发生了形变，因此书受到了支持力D．桌面受到的压力和桌面给书的支持力不是桌面与书之间的相互作用9．如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起沿水平桌面向右加速运动．设A、B之间的摩擦力大小为f1，B与水平桌面间的摩擦力大小为f2，保持A、B相对静止，逐渐增大F，则 ( )A．f1不变、f2变大B．f1变大、f2不变C．f1和f2都不变D．f1和f2都变大10．国际单位制中与力学有关的三个基本单位是A．kg、m、s B．g、m、N C．kg、km、N D．kg、m、N11．下列关于力的说法中，正确的是（）A．力不能离开施力物体和受力物体而独立存在B．马拉车前进，马对车有拉力作用，但车对马没有拉力作用C．力是物体运动的原因，物体不受力的作用，就一定处于静止状态D．只有两个物体直接接触时才会产生力的作用12．金属小桶侧面有一小孔A，当桶内盛水时，水会从小孔A中流出．如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（）A．水继续以相同的速度从小孔中喷出B．水不再从小孔喷出C．水将以更大的速度喷出D．水将以较小的速度喷出13．如图所示，轻弹簧的两端各受10N的拉力F作用，弹簧平衡时伸长了5cm（在弹性限度内），那么下列说法中正确的是A．该弹簧的劲度系数k=200N/mB．该弹簧的劲度系数k=400NmC．根据公式k=Fx，弹簧的劲度系数k会随弹簧弹力F的增大而增大D．弹簧的弹力为20N14．某幼儿园要在空地上做一个滑梯，根据空地的大小，滑梯的水平跨度确定为6m。

山西省大同市高三物理上学期12月联考试卷(含解析)

山西省大同市2015-2016学年高三（上）联考物理试卷（12月份）一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．物理学对人类文明进步做出了积极的贡献，物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程的认识，下列说法中正确的是（）A．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，并且用实验直接验证C．奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了电现象与磁现象之间的联系D．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动的物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去2．如图所示是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果有（）A．0～1s内的加速度是2m/s2B．1～2s内的位移大小是2mC．0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相反3．如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动（始终未脱离球面）的过程中，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的是（）A．F增大，F N减小B．F减小，F N增大C．F减小，F N减小D．F增大，F N增大4．如图所示，在同一竖直面内，两位同学分别以初速度v a和v b将小球从高度不同的a、b 两点沿水平方向同时抛出，两小球均落到与两抛出点水平距离相等的P点．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．v a＜v b，两球同时落地B．v a＞v b，两球同时落地C．v a＞v b，小球a先落地D．v a＜v b，小球b先落地5．科学家们推测，太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上．从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它，可以说它是“隐居”着的，它是地球的“孪生兄弟”，由以上信息我们可以推知（）A．这颗行星的公转周期与地球相等B．这颗行星的自转周期与地球相等C．这颗行星的质量等于地球的质量D．这颗行星的密度等于地球的密度6．如图所示，电源电动势力为E、内电阻为r，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，电路正常工作．当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是（）A．电源的输出功率将增大 B．电压表的实数将减小C．电流表的示数将增大D．电源消耗的总功率将减小7．如图，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，带电粒子由M运动到N点，若带电粒子只受电场力作用，据此图可以作出的判断是（）A．带电粒子带负电B．带电粒子在M点的加速度小于在N点的加速度C．带电粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D．电场中M点的电势低于在N点的电势8．如图所示的装置，可以探究影响平行板电容器电容的因素，关于下列操作及出现的现象的描述正确的是（）A．电容器与电源保持连接，左移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大B．电容器充电后与电源断开，上移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大C．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入玻璃板，则静电计指针偏转角增大D．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入金属板，则静电计指针偏转角增大9．关于静电场，下列说法正确的是（）A．沿着电场线的方向，电势总是不断降低B．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有U AB＞0C．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同D．在电场中，电势越高的地方，负电荷在该点具有的电势能越小10．如图所示，一根通电直导线放在磁感应强度B=1T的匀强磁场中，在以导线为圆心，半径为r的圆周上有a，b，c，d四个点，若a点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（）A．直导线中电流方向是垂直纸面向里的B．c点的实际磁感应强度也为0C．d点实际磁感应强度为T，方向斜向下，与B夹角为45°D．b、d两点的磁感应强度相同11．医生做某些特殊手术时，可用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示，由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．下列关于电磁血流计的说法正确的是（）A．a端电势高、b端电势低B．a端电势低、b端电势高C．同一患者，电极a、b之间电势差越大，说明血流速度越大D．不同患者，电极a、b之间电势差不同，血流速度一定不同12．小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）A．从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，小球的重力做功的功率先增大后减小B．从撞击轻弹簧到它被压缩到最短的过程中，小球的机械能先增大后减小C．小球在速度最大时受到的弹力为2ND．从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，弹簧被压缩时产生的最大弹力为6.1N二、解答题（共6小题，满分52分）13．如图所示，游标卡尺的读数为mm；螺旋测微器的读数为mm．14．某学习小组为测绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，他们在实验室找到了下列实验器材：A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；B．电流表（量程为0﹣250mA，内阻约5Ω）；C．电流表（量程为0﹣0.6A，内阻约为0.5Ω）；D．电压表（量程为0﹣3V，电阻约为3kΩ）；E．滑动变阻器（最大阻值为20Ω，额定电流1A）；F．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）；G．电键一个、导线若干．（1）实验中所用的电流表应选，滑动变阻器应选（填字母代号）．（2）请在试卷答题卡的方框中画出方便操作、利于实验且尽可能精确的实验电路图．（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示，如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是W．15．如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=3V、内阻r=0.5Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg 的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=1Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）导体棒受到的安培力大小；（2）导体棒受到的摩擦力大小．16．如图所示，位于竖直面内的曲线轨道的最低点B的切线沿水平方向，且与一位于同一竖直面内、半径R=0.40m的光滑圆形轨道平滑连接．现有一质量m=0.10kg的滑块（可视为质点），从位于轨道上的A点由静止开始滑下，滑块经B点后恰好能通过圆形轨道的最高点C．已知A点到B点的高度h=1.5m，重力加速度g=10m/s2，空气阻力可忽略不计，求：（1）滑块通过C点时的速度大小；（2）滑块通过圆形轨道B点时对轨道的压力大小；（3）滑块从A点滑至B点的过程中，克服摩擦阻力所做的功．17．如图所示，在平面直角坐标系内，第一象限的等腰三角形MNP区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，y＜0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场．一质量为m，电荷量为q的带电粒子从电场中Q（﹣2h，﹣h）点以速度V0水平向右射出，经坐标原点O射入第一象限，最后以垂直于PN的方向射出磁场．已知MN平行于x轴，N点的坐标为（2h，2h），不计粒子的重力，求：（1）电场强度的大小；（2）磁感应强度的大小B；（3）粒子在磁场中的运动时间．18．如图所示，将小物体（可视为质点）置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的恒力F拉动纸板，拉力大小不同，纸板和小物体的运动情况也不同．若纸板的质量m1=0.1kg，小物体的质量m2=0.4kg，小物体与桌面右边缘的距离d=0.15m，已知各接触面间的动摩擦因数均为μ=0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，g取10m/s2．求：（1）当小物体与纸板一起运动时，桌面给纸板的摩擦力大小；（2）拉力F满足什么条件，小物体才能与纸板发生相对滑动；（3）若拉力作用0.3s时，纸板刚好从小物体下抽出，通过计算判断小物体是否会留在桌面上．2015-2016学年山西省大同市高三（上）联考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．物理学对人类文明进步做出了积极的贡献，物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程的认识，下列说法中正确的是（）A．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，并且用实验直接验证C．奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了电现象与磁现象之间的联系D．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动的物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献，特别是亚里士多德、伽利略、牛顿等人的贡献即可．【解答】解：A、伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快，故A错误；B、牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证，故B错误；C、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了电现象与磁现象之间的联系，故C错误；D、伽利略通过“理想实验”得出结论：运动的物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，故D正确；故选：D【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果有（）A．0～1s内的加速度是2m/s2B．1～2s内的位移大小是2mC．0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相反【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】质点做匀变速运动时，根据某段图象上两点由求加速度．速度图象的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度，由速度的正负读出速度的方向．【解答】解：A、0～1s内，故A正确；B、速度图象的“面积”大小等于位移，则有1～2s内的位移大小是x=1×2=2m．故B正确；C、速度图象的斜率等于加速度，则知0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度，故C正确；D、速度的正负表示速度的方向，则知0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相同，故D错误．故选：ABC．【点评】本题是速度图象问题，关键抓住速度图象的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度．3．如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动（始终未脱离球面）的过程中，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的是（）A．F增大，F N减小B．F减小，F N增大C．F减小，F N减小D．F增大，F N增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，根据平衡条件列式求解．【解答】解：对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，如图根据平衡条件解得F=mgtanθ由于θ不断增加，故F增大、F N增大；故选：D．【点评】本题关键是画出受力图，根据平衡条件求解出两个弹力的表达式进行分析讨论．4．如图所示，在同一竖直面内，两位同学分别以初速度v a和v b将小球从高度不同的a、b 两点沿水平方向同时抛出，两小球均落到与两抛出点水平距离相等的P点．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．v a＜v b，两球同时落地B．v a＞v b，两球同时落地C．v a＞v b，小球a先落地D．v a＜v b，小球b先落地【考点】平抛运动．【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，运动时间由下落的高度决定，根据水平位移与时间结合可分析初速度关系．【解答】解：两个小球都作平抛运动，竖直方向作自由落体运动，由h=，得t=，则t a＞t b．因此小球b先落地．小球水平方向都做匀速直线运动，由x=v0t，由题意x相等，又t a＞t b，则知v a＜v b．故D正确．故选：D【点评】平抛运动常用的研究方法是运动的分解法，只要掌握两个分运动的规律，即可知道平抛运动的规律．5．科学家们推测，太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上．从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它，可以说它是“隐居”着的，它是地球的“孪生兄弟”，由以上信息我们可以推知（）A．这颗行星的公转周期与地球相等B．这颗行星的自转周期与地球相等C．这颗行星的质量等于地球的质量D．这颗行星的密度等于地球的密度【考点】万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式．太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上，说明它与地球的轨道半径相等．【解答】解：A、研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=m得出：T=2π．表达式里M为太阳的质量，R为运动的轨道半径．已知太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上，说明第十颗行星和地球的轨道半径相等，所以第十颗行星的公转周期等于地球的公转周期，故A正确．B、这颗行星的自转周期与地球周期相比无法确定，故B错误．C、这颗行星的质量与地球的质量相比无法确定，故C错误．D、这颗行星的密度与地球的密度相比无法确定，故D错误．故选A．【点评】向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．环绕体绕着中心体匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，我们只能求出中心体的质量．6．如图所示，电源电动势力为E、内电阻为r，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，电路正常工作．当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是（）A．电源的输出功率将增大 B．电压表的实数将减小C．电流表的示数将增大D．电源消耗的总功率将减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，电路中电流增大，根据闭合电路欧姆定律结合串并联电路的特点分析即可．【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，电路中电流增大，内阻所占电压增大，则路端电压减小，所以电压表的实数将减小，由于不知道内阻与外电路电阻的关系，所以不能确定输出功率如何变化，故A错误、B正确；C、路端电压减小，根据欧姆定律可知，通过R0的电流减小，即电流表示数减小．故C错误．D、电源消耗的功率P=EI，电流增大，所以电源消耗的功率将变大，故D错误．故选：B【点评】本题是电路的动态变化分析问题，可直接根据路端电压随外电阻增大而增大，判断电压表读数的变化，知道当外电路电阻等于内阻时，电源输出功率最大．7．如图，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，带电粒子由M运动到N点，若带电粒子只受电场力作用，据此图可以作出的判断是（）A．带电粒子带负电B．带电粒子在M点的加速度小于在N点的加速度C．带电粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D．电场中M点的电势低于在N点的电势【考点】电场线；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场线的方向，判断电荷的电性；加速度大小的比较可以看电场力的大小，即电场强度的大小；比较电势能可以根据电场力做功来判断．【解答】解：A、合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，电场线向右，由于不知道电场线的方向所以不能判断出带电粒子的电性．故A错误．B、M点的场强大于N点的场强，所以M点所受的电场力大于N点，则带电粒子在N点的加速度小于在M点的加速度．故B错误．C、假设粒子从M运动到N，受力的方向与轨迹之间的夹角是钝角，电场力做负功，电势能增大．所以带电粒子在N点的电势能大于在M点的电势能．故C正确．D、不知道电场线的方向，也不知道带电粒子的电性，所以不能判断出MN点电势的高低．故D错误．故选：C．【点评】判断电荷的电性关键找到突破口，从轨迹的弯曲方向角度考虑；比较电势能的大小：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能．8．如图所示的装置，可以探究影响平行板电容器电容的因素，关于下列操作及出现的现象的描述正确的是（）A．电容器与电源保持连接，左移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大B．电容器充电后与电源断开，上移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大C．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入玻璃板，则静电计指针偏转角增大D．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入金属板，则静电计指针偏转角增大【考点】电容器的动态分析．【专题】动态预测题；定性思想；控制变量法；电容器专题．【分析】静电计是测量电势差的仪器，根据张角可以得出两板间的电势差高低；电容器与电源保持连接，电容器的板间电压不变．电容器充电后与电源断开，电容器的带电量不变．根据电容的决定因素和电容的定义式C=结合分析．【解答】解：A、电容器与电源保持连接，左移电容器左极板，电容器板间电压不变，则静电计指针偏转角不变．故A错误．B、电容器充电后与电源断开，电容器的带电量不变．将上移电容器左极板，极板正对面积减小，电容减小，由电容的定义式C=知，Q不变，C减小，则U增大，因此静电计指针偏转角增大，故B正确．C、电容器充电后与电源断开，电容器的带电量不变．在电容器两极板间插入玻璃板，电容增大．由电容的定义式C=知U减小，因此静电计指针偏转角减小，故C错误．D、若在两极板间插入金属板，相当于板间距离减小，可知电容增大，而电容器的带电量不变，由由电容的定义式C=知板间电压U减小，则静电计指针偏转角减小，故D错误．故选：B【点评】解决本题只要掌握电容的决定因素和定义式C=，结合电压不变或电量不变的条件进行分析．9．关于静电场，下列说法正确的是（）A．沿着电场线的方向，电势总是不断降低B．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有U AB＞0C．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同D．在电场中，电势越高的地方，负电荷在该点具有的电势能越小【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，电势与电场强度无关．电势能与电势的关系为E p=qφ，电场力做功公式为U WB=qU AB．结合这些知识分析．【解答】解：A、根据电场线的意义可知，沿着电场线的方向，电势总是不断降低，故A正确．B、把负电荷从A点移到B点电场力做正功，即W AB＞0，根据电场力做功公式U WB=qU AB，知q ＜0，则U AB＜0，故B错误．C、电场强度处处相等的区域内，电势不一定相等，如匀强电场中沿着电场线电势逐渐降低，故C错误．D、根据电势能与电势的关系式E p=qφ，可知，q＜0时，φ越大，E p越小．故D错误．故选：A【点评】电场强度和电势这两个概念非常抽象，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．10．如图所示，一根通电直导线放在磁感应强度B=1T的匀强磁场中，在以导线为圆心，半径为r的圆周上有a，b，c，d四个点，若a点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（）A．直导线中电流方向是垂直纸面向里的B．c点的实际磁感应强度也为0C．d点实际磁感应强度为T，方向斜向下，与B夹角为45°D．b、d两点的磁感应强度相同【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题，a点的磁感应强度为0，说明通电导线在a点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，可确定通电导线在a点的磁场方向，由安培定则判断出通电导线中电流方向．通电导线在abcd四点处产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则进行合成分析b、c、d三点的磁感应强度大小和方向．【解答】解：A、由题，a点的磁感应强度为0，说明通电导线在a点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在a点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向里．故A正确．B、据上题分析可知，通电导线在c点产生的磁感应强度大小为B=1T，方向水平向右，与匀强磁场方向相同，则c点磁感应强度为2T，方向与B的方向相同．故B错误．C、通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向下，根据磁场的叠加原理可得d点感应强度为B d=B=T，方向与B的方向成45°斜向下．故C正确．D、由上分析可知D错误．故选：AC【点评】本题要掌握安培定则和平行四边形定则，知道空间任意一点的磁感应强度都是由通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加形成的．11．医生做某些特殊手术时，可用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示，由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．下列关于电磁血流计的说法正确的是（）A．a端电势高、b端电势低B．a端电势低、b端电势高C．同一患者，电极a、b之间电势差越大，说明血流速度越大D．不同患者，电极a、b之间电势差不同，血流速度一定不同【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】根据左手定则判断出正负电荷的偏转方向，从而确定出a、b两点的电势高低，最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电压表示数U与什么因素有关．【解答】解：AB、根据左手定则，知正电荷向电极a端偏转，负电荷向电极b端偏转，所以电极a的电势高于电极b的电势．故A正确，B错误．C、最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：q=qvB，解得：U=vdB．因此同一患者，电极a、b之间电势差越大，说明血流速度越大．故C正确；D、对于不同患者，根据U=vdB，电极a、b之间电势差不同，由于d的可能不同，则血流速度可能相同，故D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电荷受电场力和洛伦兹力处于平衡，注意理解影响电势差的因素是解题的关键．12．小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）。

山西省大同一中高一物理上学期12月月考试卷(含解析)

山西省大同一中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（12月份）一、选择题（每题4分，选对不全得2分，错选不得分）1．（4分）关于摩擦力下列说法中正确的是（）A．压力越大，摩擦力就越大B．压力增大，摩擦力可能不变C．摩擦力的方向与物体的运动方向或与物体的运动趋势方向相反D．摩擦力的大小与接触面受到的压力大小成正比2．（4分）以v0=12m/s的速度匀速行驶的汽车，突然刹车，刹车过程中汽车以a=﹣6m/s2的加速度继续前进，则刹车后（）A．3s内的位移是12m B．3s内的位移是9mC．1s末速度的大小是6m/s D．3s末速度的大小是6m/s3．（4分）如图所示，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平为F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．以f1、f2、f3分别表示a与b、b与c、c与桌面间的静摩擦力的大小，则（）A．f1=5N，f2=0，f3=5N B．f1=5N，f2=5N，f3=0C．f1=0，f2=5N，f3=5N D．f1=0，f2=10N，f3=5N4．（4分）下列物理量不属于矢量的是（）A．瞬时速度B．重力C．体积D．加速度5．（4分）下列说法正确的是（）A．物体静止在水平桌面上，它对桌面的压力就是重力B．形状规则的物体重心一定是物体的几何中心C．甲用力把乙推倒，说明只是甲对乙有力，而乙对甲没有力D．两个物体发生相互作用不一定相互接触6．（4分）三个相同的支座上分别搁着三个质量和直径都相等的光滑圆球a、b、c，支点P、Q 在同一水平面上．a的重心位于球心，b、c的重心分别位于球心的正上方和正下方，如图，三球皆静止，支点P对a球的弹力为F Na，对b球和c球的弹力分别为F Nb和F Nc，则（）A．F Na=F Nb=F Nc B．F Nb＞F Na＞F Nc C．F Nb＜F Na＜F Nc D．F Na＞F Nb=F Nc7．（4分）一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，若改挂100N的重物时，弹簧总长为20cm，则弹簧的原长为（）A．12cm B．14cm C．15cm D．16cm8．（4分）下列说法正确的是（）A．已知合力大小、方向，则其分力必为确定值B．已知两分力大小、方向，则它们的合力必为确定值C．分力数目确定后，若已知各分力大小、方向，必可依据平行四边形定则求出总的合力来D．若合力为确定值，可根据要求的两个方向、依据平行四边形定则一定可求出这两个力大小9．（4分）一个物体受到三个共点力的作用，如果这三个力的大小如下各组情况，那么不可能使物体处于平衡状态的一组是（）A．4N，8N，7N B．8N，8N，1N C．4N，6N，1N D．4N，5N，1N10．（4分）一个小球做自由落体运动，它的下落高度足够，g=10m/s2，关于这个小球的运动情况，下列说法中正确的是（）A．小球在第3s内的下落高度为25mB．小球在前3s内的平均速度为30m/sC．小球在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比是1：3：5D．小球在前1s内、前2s内、前3s内的位移之比是1：3：511．（4分）如图所示，物体M在斜向右下方的推力F作用下，在水平地面上恰好做匀速运动，则推力F和物体M受到的摩擦力的合力方向是（）A．竖直向下B．竖直向上C．斜向下偏左D．斜向下偏右12．（4分）测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20m/s2B．10m/s2C．5m/s2D．无法确定二、实验题（13题每问2分共6分，14题每空3分共6分）请把13题的（1）、（2）、（3）的答案，分别涂入答题卡对应的选项中13．（6分）某同学利用如图1所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2和F3，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验不能完成的是A．钩码个数N1=N2=2，N3=4 B．钩码个数N1=N3=3，N2=4C．钩码个数N1=N2=N3=4 D．钩码个数N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用量角器量出三段绳子之间的夹角D．用天平测出钩码的质量（3）在作图时，你认为图2中是正确的．（填“A”或“B”）14．（6分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中s1=5.12cm，s2=5.74cm，s3=6.41cm，s4=7.05cm，s5=7.68cm，s6=8.33cm，则打下计数点5时小车瞬时速度的大小是m/s，小车加速度的大小是m/s2（结果均保留两位有效数字）．三、计算题（每题10分）15．（10分）做自由落体运动的物体，在最后1s内通过的位移是55m．求物体下落的高度．16．（10分）如图所示，物体的重力G=5N，AO绳与顶板间的夹角为45°，BO绳水平．求：AO 绳和BO绳所受拉力的大小．17．（10分）一颗可以看做质点的子弹水平射入静止在光滑水平面上的木块中，已知子弹的初速度为v0，射入木块深度为L后与木块相对静止，以共同速度v运动，求子弹从进入木块到与木块相对静止的过程中，木块滑行的距离s．（已知子弹与木块达到共同速度v以前分别做的是匀减速直线运动和匀加速直线运动）18．（10分）如图所示，用与竖直方向成37°角的力F将重力为G=44N的物体推靠在竖直墙上，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为μ=0.5，要使物体沿墙面匀速下滑，试求F的大小．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）山西省大同一中2014-2015学年高一上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，选对不全得2分，错选不得分）1．（4分）关于摩擦力下列说法中正确的是（）A．压力越大，摩擦力就越大B．压力增大，摩擦力可能不变C．摩擦力的方向与物体的运动方向或与物体的运动趋势方向相反D．摩擦力的大小与接触面受到的压力大小成正比考点：滑动摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：滑动摩擦力大小跟压力成正比．滑动摩擦力总是阻碍物体的相对运动，其方向与物体的相对运动方向相反．运动的物体受到的可能是静摩擦力．两相互接触的物体发生了相对运动，两者间不一定有滑动摩擦力．解答：解：A、滑动摩擦力大小跟压力成正比，而静摩擦力与压力不一定成正比．故A错误．B、静摩擦力的大小与压力无直接关；故压力增大时，物体受到的静摩擦力可能不变；故B正确；C、摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向或物体的相对运动趋势相反；但不一定与运动方向相反；故C错误；D、滑动摩擦力的大小与压力成正比；但静摩擦力与压力无关；故D错误；故选：B．点评：在研究摩擦力首先要明确是哪一类摩擦力，明确滑动摩擦力与静摩擦力的区别，并掌握各自的计算方法．2．（4分）以v0=12m/s的速度匀速行驶的汽车，突然刹车，刹车过程中汽车以a=﹣6m/s2的加速度继续前进，则刹车后（）A．3s内的位移是12m B．3s内的位移是9mC．1s末速度的大小是6m/s D．3s末速度的大小是6m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：该问题是刹车问题，车子停止后不再运动，首先判断汽车经过多长时间停止，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式x=和速度时间公式v=v0+at进行求解．解答：解：A、汽车刹车到停下来所需的时间t==2s，所以3s内的位移等于2s内的位移．x==12×2﹣=12m．故A正确，B错误．C、v=v0+at=12﹣6×1=6m/s．故C正确．D、2s末速度为0．所以3s末速度还等于0．故D错误．故选AC．点评：解决本题的关键注意该问题是刹车问题，车子停止后不再运动，所以求位移、速度时，先判断多长时间停下来．3．（4分）如图所示，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平为F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．以f1、f2、f3分别表示a与b、b与c、c与桌面间的静摩擦力的大小，则（）A．f1=5N，f2=0，f3=5N B．f1=5N，f2=5N，f3=0C．f1=0，f2=5N，f3=5N D．f1=0，f2=10N，f3=5N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以a为研究对象，根据平衡条件求出b对a的静摩擦力大小．以ab整体为研究对象，求解c对b的静摩擦力大小．以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件求解桌面对c的静摩擦力大小．解答：解：以a为研究对象，根据平衡条件得到：b对a的静摩擦力大小f1=0，否则a水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡．以ab整体为研究对象，根据平衡条件得到：f2=F b=5N．再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：f3=F c﹣F b=10N﹣5N=5N，方向水平向左．所以f1=0，f2=5N，f3=5N．故选C点评：本题是三个物体的平衡问题，物体较多，研究对象要灵活选择，也可以就采用隔离法研究．4．（4分）下列物理量不属于矢量的是（）A．瞬时速度B．重力C．体积D．加速度考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量．根据有无方向区分矢量和标量．解答：解：A、瞬时速度是矢量，其方向就是物体的运动方向．故A错误．B、重力是矢量，其方向竖直向下．故B错误．C、体积只有大小，没有方向，是标量．故C正确．D、加速度是矢量，其方向与物体所受的合外力方向相同．故D错误．故选C点评：本题关键掌握矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向．5．（4分）下列说法正确的是（）A．物体静止在水平桌面上，它对桌面的压力就是重力B．形状规则的物体重心一定是物体的几何中心C．甲用力把乙推倒，说明只是甲对乙有力，而乙对甲没有力D．两个物体发生相互作用不一定相互接触考点：重力；力的概念及其矢量性．分析：A、物体静止在水平桌面上，它对桌面的压力大小等于重力，但不能说压力就是重力；B、质量分布均匀，形状规则的物体重心才是其几何中心；C、力的作用是相互的；D、相互作用的两个物体可以接触也可以不接触；解答：解：A、物体静止在水平桌面上，它对桌面的压力大小等于重力，但不能说压力就是重力，故A错误；B、只有质量分布均匀，形状规则的物体重心才是其物体的几何中心，故B错误；C、力的作用是相互的，甲用力把乙推倒，甲对乙有作用力，乙对甲也有反作用力，故C错误；D、不接触的物体也能产生力的作用，如两个不接触的磁铁也能产生吸引或排斥的作用，故D 正确．故选D点评：本题考查对力概念、相互作用及重心的理解，难度不大，但易出错．6．（4分）三个相同的支座上分别搁着三个质量和直径都相等的光滑圆球a、b、c，支点P、Q 在同一水平面上．a的重心位于球心，b、c的重心分别位于球心的正上方和正下方，如图，三球皆静止，支点P对a球的弹力为F Na，对b球和c球的弹力分别为F Nb和F Nc，则（）A．F Na=F Nb=F Nc B．F Nb＞F Na＞F Nc C．F Nb＜F Na＜F Nc D．F Na＞F Nb=F Nc考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：P、Q对球的弹力方向均指向球心，小球受到三个力作用，根据三力汇交原理和平衡条件分析弹力的关系．解答：解：三个小球均受到三个力作用：重力和支点P、Q对球的弹力，而弹力方向均指向球心，根据三力汇交原理得知，小球所受的三个力均通过球心，弹力方向方向相同，三个小球受力情况完全相同，如图，则根据平衡条件得知，支点P对球的弹力相同．故选：A点评：本题的关键是抓住弹力方向的特点：指向球心，运用三力汇交原理，进行分析．7．（4分）一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，若改挂100N的重物时，弹簧总长为20cm，则弹簧的原长为（）A．12cm B．14cm C．15cm D．16cm考点：胡克定律．分析：根据胡克定律两次列式后联立求解即可．解答：解：一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，根据胡克定律，有：F1=kx1；若改挂100N的重物时，根据胡克定律，有：F2=kx2；联立解得：k=；x2=；故弹簧的原长为：x0=x﹣x2=20cm﹣4cm=16cm；故选D．点评：本题关键是根据胡克定律列式后联立求解，要记住胡克定律公式中F=k•△x的△x为行变量．8．（4分）下列说法正确的是（）A．已知合力大小、方向，则其分力必为确定值B．已知两分力大小、方向，则它们的合力必为确定值C．分力数目确定后，若已知各分力大小、方向，必可依据平行四边形定则求出总的合力来D．若合力为确定值，可根据要求的两个方向、依据平行四边形定则一定可求出这两个力大小考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：根据平行四边形定则，结合几何知识，即可一一求解．解答：解：A、已知合力大小、方向，则其分力有无数解，不为确定值，故A错误；B、已知两分力大小、方向，根据平行四边形定则可知，它们的合力必为确定值，故B正确；C、分力数目确定后，若已知各分力大小、方向，必可依据平行四边形定则，进行两两合成，即求出总的合力来，故C正确；D、因合力为确定值，可根据要求的两个方向、依据平行四边形定则一定可求出这两个分力大小，故D正确；故选：BCD．点评：考查力的平行四边形定则的内容，掌握力的合成与分解的应用．注意分解的唯一性与条件有紧密相联．9．（4分）一个物体受到三个共点力的作用，如果这三个力的大小如下各组情况，那么不可能使物体处于平衡状态的一组是（）A．4N，8N，7N B．8N，8N，1N C．4N，6N，1N D．4N，5N，1N考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：归纳法．分析：三力合成的范围确定方法：①三力同向时，合力最大，即F最大=F1+F2+F3；②那么三力合成的范围最小值的确定分三种情况若F1、F2、F3可够成三角形，即任意两个力加起来大于另一个力且这两个力的差小于第三个力，则最小值为0；F1、F2、F3无法构成三角形，且其中较小的两个力加起来小于最大的力，则最小值等于最大的力减去其他两个较小力的和；无法构成三角形，且三个力中最大的力等于另外两个力的代数和，则最小值等于最大的力减去其他两个较小力的和，等于零．解答：解：A、8N的力最大，小于另外两个力之和，而大于另外两个力之差，故三个力的合力的最小值为零，故A错误；B、8N的力最大，小于另外两个力之和，而大于另外两个力之差，故三个力的合力的最小值为零，故B错误；C、6N的力最大，大于另外两个力之和，故三个力的合力的最小值等于最大的力减去其他两个较小力的和为1N，故C正确；D、5N的力最大，且等于另外两个力的代数和，故三个力的合力的最小值为零，故D错误；故选C．点评：本题关键总结出三力合成时求最小值可能出现的三种情况，然后对照规律分析即可．10．（4分）一个小球做自由落体运动，它的下落高度足够，g=10m/s2，关于这个小球的运动情况，下列说法中正确的是（）A．小球在第3s内的下落高度为25mB．小球在前3s内的平均速度为30m/sC．小球在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比是1：3：5D．小球在前1s内、前2s内、前3s内的位移之比是1：3：5考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，根据求解前1s内、前2s内、前3s内的位移之比，根据求解平均速度．解答：解：A、球在第3s内的下落高度为=25m，故A正确；B、小球在前3s内的平均速度，故B错误；C、由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，根据得：在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比是1：3：5，故C正确；D、根据h=可知，在前1s内、前2s内、前3s内的位移之比是1：4：9，故D错误．故选：AC点评：解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动的一些特殊推论，在开始通过连续相等时间内的位移比为1：3：5：7…，在开始连续通过相等时间末的速度比为1：2：3：4…能根据据求解平均速度．11．（4分）如图所示，物体M在斜向右下方的推力F作用下，在水平地面上恰好做匀速运动，则推力F和物体M受到的摩擦力的合力方向是（）A．竖直向下B．竖直向上C．斜向下偏左D．斜向下偏右考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析，由共点力的平衡条件及力的合成与分解可以得出推力F和物体M受到的摩擦力的合力方向．解答：解：物体受重力、支持力、推力及摩擦力而处于平衡状态；由于重力和支持力均沿竖直方向，两力的合力也一定沿竖直方向，因推力有向下的分量，故两力的合力一定竖直向上；根据共点力的平衡条件可知，推力及摩擦力的合力应与重力与支持力的合力大小相等方向相反，故推力和物体受到摩擦力的合力方向竖直向下；故选A．点评：本题要求学生灵活应用共点力的平衡条件，可以先将任意两力合成与再与其他力的合力进行合成．12．（4分）测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20m/s2B．10m/s2C．5m/s2D．无法确定考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：在超声波来回运动的时间里，汽车运行的位移为20m．根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移，结合超声波的速度，即可知道超声波单程运行的时间，从而知道汽车运行的时间，根据，求出汽车的加速度大小．解答：解：设汽车的加速度为a，运动的时间为t，有，超声波来回的时间为t，则单程的时间为，因为初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1：3，在t时间内的位移为20m，则时间内的位移为x′=5m，知超声波追上汽车的位移x=5+335m=340m，所以，t=2s．所以汽车的加速度大小为10m/s2．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键求出超声波单程运行的位移从而求出单程运行的时间，即可知道汽车匀加速运动的时间，然后根据匀变速运动的位移公式求出汽车的加速度．二、实验题（13题每问2分共6分，14题每空3分共6分）请把13题的（1）、（2）、（3）的答案，分别涂入答题卡对应的选项中13．（6分）某同学利用如图1所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2和F3，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验不能完成的是AA．钩码个数N1=N2=2，N3=4 B．钩码个数N1=N3=3，N2=4C．钩码个数N1=N2=N3=4 D．钩码个数N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是AA．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度C．用量角器量出三段绳子之间的夹角D．用天平测出钩码的质量（3）在作图时，你认为图2中A是正确的．（填“A”或“B”）考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：（1）两头挂有钩码的细绳跨过两光滑的固定滑轮，另挂有钩码的细绳系于O点（如图所示）．由于钩码均相同，则钩码个数就代表力的大小，所以O点受三个力处于平衡状态，由平行四边形定则可知：三角形的三个边表示三个力的大小，根据该规律判断哪组实验能够成功．（2）为验证平行四边形，必须作图，所以要强调三力平衡的交点、力的大小（钩码的个数）与力的方向；（3）明确“实际值”和“理论值”的区别即可正确解答．解答：解：（1）对O点受力分析OA OB OC分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以0C等于OD．因此三个力的大小构成一个三角形．A、2、2、4不可以构成三角形，则结点不能处于平衡状态，故A错误；B、3、3、4可以构成三角形，则结点能处于平衡．故B正确；C、4、4、4可以构成三角形，则结点能处于平衡．故C正确；D、3、4、5可以构成三角形，则结点能处于平衡．故D正确．本题选不能完成的，故选：A．（2）为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向和记录各条绳上所挂钩码的个数，故A正确，BCD错误．故选：A．（3）以O点为研究对象，F3的是实际作用效果在OC这条线上，由于误差的存在，F1、F2的理论值要与实际值有一定偏差，故A图符合实际，B图不符合实际．故答案为：（1）A （2）A （3）A点评：掌握三力平衡的条件，理解平行四边形定则，同时验证平行四边形定则是从力的图示角度去作图分析，明确“理论值”和“实际值”的区别．14．（6分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中s1=5.12cm，s2=5.74cm，s3=6.41cm，s4=7.05cm，s5=7.68cm，s6=8.33cm，则打下计数点5时小车瞬时速度的大小是0.80m/s，小车加速度的大小是0.64m/s2（结果均保留两位有效数字）．考点：测定匀变速直线运动的加速度；打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题．分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．解答：解：利用匀变速直线运动的推论得：v5===0.80m/s，根据运动学公式采用逐差法求解加速度得：a==0.64m/s2．故答案为：0.80，0.64．点评：要注意单位的换算和有效数字的保留．对于相邻的计数点位移间隔不等时能够运用逐差法求解．三、计算题（每题10分）15．（10分）做自由落体运动的物体，在最后1s内通过的位移是55m．求物体下落的高度．考点：自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：自由落体运动专题．分析：最后1s的运动不是自由落体，故无法直线由自由落体规律列式；但是可以由落点开始，分别对全程及最后1s之外的过程列自由落体规律，联立求解．解答：解：设物体下落时间为t，落地时的速度为v，物体下落时的高度为x，最后1s前下落的高度为x′；则有：x=gt2；x′=g（t﹣1）2x﹣x′=55联立以上解得：x=180m；答：下落高度为180m；点评：物体由静止下落时列式最后简单，故对于自由落体运动，尽量由开始状态列式求解．16．（10分）如图所示，物体的重力G=5N，AO绳与顶板间的夹角为45°，BO绳水平．求：AO 绳和BO绳所受拉力的大小．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求解AO绳和BO绳的拉力大小．解答：解：以结点O为研究对象，分析受力情况：重力G、AO绳的拉力T OA和BO绳的拉力T OB，作出力图，由平衡条件得T OA=G=5，T OB=G=5N答：AO绳的拉力是5N，BO绳的拉力是5N．点评：本题首先要选择好研究对象，对于绳系装置，常常以结点为研究对象，再进行受力情况分析，最后由平衡条件求解，按照三个步骤进行研究．17．（10分）一颗可以看做质点的子弹水平射入静止在光滑水平面上的木块中，已知子弹的初速度为v0，射入木块深度为L后与木块相对静止，以共同速度v运动，求子弹从进入木块到与木块相对静止的过程中，木块滑行的距离s．（已知子弹与木块达到共同速度v以前分别做的是匀减速直线运动和匀加速直线运动）考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：子弹做减速运动，木块做加速运动，它们的匀速时间相等，应用匀变速直线运动的平均速度公式求出位移．解答：解：对子弹：s+L=t，对木块：s=t，解得：s=L；。

【新课标版】2014届高三上学期第十二次月考物理Word版含答案

2013—2014学年度上学期高三一轮复习物理单元验收试题（12）【新课标】单元十一选修3-4机械波一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1．[2013·北京卷] 一列沿x轴正方向传播的简谐机械横波，波速为4 m/s.某时刻波形如图所示，下列说法正确的是()A．这列波的振幅为4 cmB．这列波的周期为1 sC．此时x＝4 m处质点沿y轴负方向运动D．此时x＝4 m处质点的加速度为02．[2013·重庆卷]一列简谐横波沿直线传播，某时刻该列波上正好经过平衡位置的两质点相距6 m，且这两质点之间的波峰只有一个，则该简谐波可能的波长为()A．4 m、6 m和8 m B．6 m、8 m和12 mC．4 m、6 m和12 m D．4 m、8 m和12 m3．一质点沿直线以O为平衡位置做简谐运动，A、B两点分别为正最大位移处与负最大位移处的点，A、B相距10 cm，质点从A到B的时间为0.1 s，从质点到O点时开始计时，经0.5 s，则下述说法正确的是（）A．振幅为5 cmB．振幅为10 cmC．通过的路程为50 cmD．质点位移为50 cm4．频率一定的声源在空气中向着静止的接收器匀速运动，以u表示声源的速度，v表示声波的速度（u<v），f表示接收器接收到的频率，若u增大，则（）A．f增大，v增大B．f增大，v不变C．f不变，v增大D．f减小，v不变5．一列简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图所示，a、b、c为介质中的三个质点，a正向上运动．由此可知（）A．该波沿x轴正方向传播B．c正向上运动C．该时刻以后，b比c先到达平衡位置D．该时刻以后，b比c先到达离平衡位置最远处6．一列横波在x轴上传播，在x=0与x=1 cm的两点的振动图线分别如图中实线与虚线所示．由此可以得出（）A．波长一定是4 cmB．波的周期一定是4 sC．波的振幅一定是2 cmD．波的传播速度一定是1 cm/s7．如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时的波形．当R点在t=0时的振动状态传到S点时，PR范围内（含P、R）有一些质点正在向y轴负方向运动，这些质点的x坐标取值范围是（）A．2 cm≤x≤4 cm B．2 cm<x<4 cmC．2 cm≤x<3 cm D．2 cm<x≤3 cm8．在波的传播方向上，距离一定的P与Q点之间只有一个波谷的四种情况，如图A、B、C、D所示．已知这四列波在同一种介质中均向右传播，则质点P能首先达到波谷的是（）9．[2013·福建卷] 如图，t＝0时刻，波源在坐标原点从平衡位置沿y轴正向开始振动，振动周期为0.4 s，在同一均匀介质中形成沿x轴正、负两方向传播的简谐横波．下图中能够正确表示t＝0.6 s时波形的图是()10．图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象．从该时刻起（）A．经过0.35 s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离B．经过0.25 s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度C．经过0.15 s，波沿x轴的正方向传播了3 mD．经过0.1 s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向二、实验题（本大题共2小题，共15分．把答案填在相应的横线上或按题目要求作答）11．（6分）[2013·新课标全国卷Ⅱ34(1)]如图，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0.当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；以后小物块a振动的振幅和周期分别为A和T，则A________A0(填“>”“<”或“＝”)，T________T0(填“>”“<”或“＝”)．12．（9分）在“利用单摆测重力加速度”的实验中，测得单摆的摆角小于5°，完成n次全振动的时间为t，用毫米刻度尺测得的摆线长为L，用螺旋测微器测得摆球的直径为d.（1）用上述物理量的符号写出求重力加速度的一般表达式g=________.（2）如图所示，摆球直径d的读数为________．（3）实验中有个同学发现他测得的重力加速度的值总是偏大，其原因可能是下述原因中的______．A．悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了B．单摆所用的摆球质量太大C．把n次全振动的时间误作为（n＋1）次全振动的时间D．以摆线长作为摆长来计算三、计算题（本大题共4小题，共45分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）如图甲为一列简谐横波在t=10 s时的波形图象，图乙为x=10 cm处P点的振动图象．根据图示信息回答下列问题：（1）该波的振幅、波长、周期、频率分别是多少？（2）波向哪个方向传播？速度是多少？（3）画出x=20 cm处Q点的振动图象．14．（10分）一列简谐横波在x轴上传播，在t1=0和t2=0.05 s时，其波形图分别用如图所示的实线、虚线表示，求：（1）这列波可能的波速；（2）当波速为280 m/s时，波传播的方向．15．（11分）（密码改编）如图甲所示为一简谐横波在t=1.0 s时的图象，图乙所示为x=4 m处的质点P的振动图象．试求：（1）该波的波速；（2）波的传播方向；（3）再经过3.5 s时，质点P的位移；在此3.5 s内质点P通过的路程．16．（14分）（密码原创）取一根柔软的弹性绳，将绳的右端固定在竖直墙壁上，绳的左端自由，使绳处于水平伸直状态．从绳的端点开始用彩笔每隔0.50 m标记一个点，依次记为A、B、C、D……如图所示．现用振动装置拉着绳子的端点A沿竖直方向做简谐运动，若A点起振方向向上，经0.1 s第一次达正向最大位移，此时C点恰好开始起振，则（1）绳子形成的波是横波还是纵波？简要说明判断依据，并求波速为多大；（2）从A开始振动，经多长时间J点第一次向下达到最大位移？（3）画出当J 点第一次向下达到最大位移时的波形图象．参考答案1．D [解析] 由图像可知，这列波的振幅为2 cm ，A 项错误．波长λ＝8 m ，故周期T ＝λv ＝84 s ＝2 s ，B 项错误．波向右传播，左边的质点带动右边的质点振动，故x ＝4 m 处质点沿y 轴正方向运动，C 项错误．此时x ＝4 m 处质点处于平衡位置，回复力为零，加速度为零，D 项正确．答案：D2．C [解析] 本题主要考查对波的图像的识别和波长的理解．如图可知，满足题意的两点可能有以下情况：①O 点和A 点：此时λ＝2OA ＝2×6 m ＝12 m. ②O 点和B 点：此时λ＝OB ＝6 m.③A 点和D 点：此时λ＝23AD ＝23×6 m ＝4 m.故选项C 正确．答案：C3．解析：A 、B 间的距离为2个振幅，故振幅为5 cm ，质点从A 到B 的时间为半个周期，故周期为0.2 s ，经0.5 s 是2.5个周期，通过的路程为10个振幅，即50 cm.答案：AC4．解析：声源向着空气中静止的接收器匀速运动，产生多普勒效应，即接收器接收到的频率不再等于声源的频率．由于两者靠近，接收器单位时间内接收到的完整波的个数变多了，接收频率变大了，而声波的速度不变，变化的是相对速度，所以B 项正确．答案：B5．解析：由波传播的规律知，该波沿x 轴正方向传播，A 项正确；质点c 和质点a 之间有一波谷，质点c 振动方向与质点a 振动方向相反，质点c 向下运动，B 项错误．b 质点正向着平衡位置运动，故b 比c 先到达平衡位置，C 项正确．c 比b 先到达偏离平衡位置的最远处，D 项错误．答案：AC6．解析：根据振动图象可知周期是4 s ，振幅是2 cm ，B 、C 两项正确；由于波的周期性，不能确定波长，因此也无法确定波速，A 、D 两项错误．答案：BC7．解析：首先将波向传播方向平移直到R 的波形移到S 点，此时可截取P 、R 之间的波形图如图，以便于研究此时P 、R 之间各质点的振动方向；然后再次使用 “平移法”，假设再经过一小段时间，那么波将再向右传播少许，如图中虚线波形，可以看出向下运动的质点坐标包括2 cm ≤x<3 cm ，C 项正确．答案：C8．解析：四列波在同一种介质中传播，则波速v 应相同．由T=λ/v 得：T D >T A =T B >T C ；再结合波动方向和振动方向的关系得B 图中的P 点首先达到波谷．答案：B9．解析：由λ＝vT 可知，波在一个周期内传播的路程为一个波长，由于t ＝0.6 s ＝1.5T ，所以波向左、向右传播的距离均为1.5λ，即波向右传播到(1.5λ，0)，向左传播到(－1.5λ，0)．由于波中任何质点的起振方向都相同，故此时(－1.5λ，0)、(1.5λ，0)两质点都应从平衡位置开始向上振动，由“上下坡”法可知C 正确．答案：C10．解析：由图乙知周期T=0.2 s ，t=0时刻，质点P 向下运动，则由图甲知波向x 轴的正方向传播，此时质点Q 向上运动，经过0.35 s=134T ，质点P 在正向最大位移处，质点Q 一定不在最大位移处，A 项正确；经过0.25 s=14T 时，质点P 在负向最大位移处，具有最大加速度，B 项错误；经过0.15 s=34T ，波沿x 轴的正方向传播34λ=3 m ，C 项正确；经过0.1 s=12T ，质点Q 的振动状态与0时刻相反，运动沿y 轴负方向，D 项错误．答案：AC 11．答案：< <12．解析：结合单摆的周期公式T=2πl g ，其中l=L ＋d 2，T=tn 得g=4π2n 2＋d2t2. 由重力加速度的表达式可知，若悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了，会使测量值偏大，所以A 项对；g 的测量值与摆球质量无关，B 项错；若以摆线长作为摆长来计算，会使测量值偏小，所以D 项错．答案：（1）4π2n 2＋d2t 2（2）5.980 （3）AC13．解析：（1）由题图可知该波的振幅A=15 cm ，波长λ=40 cm ，周期T=20 s ，频率f=0.05 Hz.（2）由振动图象可知 t=10 s 时质点 P 在平衡位置且向y 轴负方向运动．再结合波形图可知波向x 轴正方向传播．波速v=λT=2 cm/s.（3）由题图可知t=10 s 时，质点Q 在正向最大位移处，又知其振动周期T=20 s ，振幅A=15 cm ，可画出它的振动图象如图所示．答案：（1）15 cm 40 cm 20 s 0.05 Hz （2）向x 轴正方向传播 2 cm/s （3）如解析图所示14．解析：（1）若波沿x 轴正向传播，则Δx=（n ＋14）λ波速v=ΔxΔt =（160n ＋40） m/s ，n=0,1,2,3…；若波沿x 轴负向传播，则Δx=（n ＋34）λ波速v=ΔxΔt=（160n ＋120） m/s ，n=0,1,2,3….（2）波速为280 m/s 时，Δx=vΔt=14 m=（1＋34）λ，可知波沿x 轴负向传播．答案：（1）波沿x 轴正向传播时，v=（160n ＋40） m/s ，n=0,1,2,3…；波沿x 轴负向传播时，v=（160n ＋120） m/s ，n=0,1,2,3… （2）沿x 轴负向传播 15．解析：（1）由题图甲知波长λ=4 m ，由图乙知周期T=2 s.所以，波速v=λT=2 m/s.（2）由题图乙知t=1.0 s 时，质点P 经过平衡位置向上运动，由波形图可知波向x 轴正向传播．（3）再经过3.5 s=134T 时，质点P 到达负的最大位移处，位移为x=－0.2 m.3．5 s 内质点 P 通过的路程为 s=7A=1.4 m. 答案：（1）2 m/s （2）向x 轴正向传播（3）－0.2 m 1.4 m 16．解析：（1）横波．因为质点振动方向与波的传播方向垂直．由题意知，波的周期T=0.4 s ，波长为λ=4 m ，所以波速v=λT =10 m/s.（2）从A 开始振动，设经过时间t 1, J 点开始起振 t 1=x AJ v =4.510s=0.45 s 设J 点向上起振后经t 2时间第一次到负向最大位移，则 t 2=34T=0.3 s ，所以，所求时间t=t 1＋t 2=0.75 s. （3）波形图象如图所示．答案：（1）横波质点振动方向与波的传播方向垂直 10 m/s（2）0.75 s（3）如解析图所示。

山西省大同市高三物理上学期12月联考试卷(含解析)

山西省大同市2015-2016学年高三（上）联考物理试卷（12月份）一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．物理学对人类文明进步做出了积极的贡献，物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程的认识，下列说法中正确的是（）A．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，并且用实验直接验证C．奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了电现象与磁现象之间的联系D．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动的物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去2．如图所示是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果有（）A．0～1s内的加速度是2m/s2B．1～2s内的位移大小是2mC．0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相反3．如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动（始终未脱离球面）的过程中，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的是（）A．F增大，F N减小B．F减小，F N增大C．F减小，F N减小D．F增大，F N增大4．如图所示，在同一竖直面内，两位同学分别以初速度v a和v b将小球从高度不同的a、b 两点沿水平方向同时抛出，两小球均落到与两抛出点水平距离相等的P点．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．v a＜v b，两球同时落地B．v a＞v b，两球同时落地C．v a＞v b，小球a先落地D．v a＜v b，小球b先落地5．科学家们推测，太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上．从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它，可以说它是“隐居”着的，它是地球的“孪生兄弟”，由以上信息我们可以推知（）A．这颗行星的公转周期与地球相等B．这颗行星的自转周期与地球相等C．这颗行星的质量等于地球的质量D．这颗行星的密度等于地球的密度6．如图所示，电源电动势力为E、内电阻为r，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，电路正常工作．当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是（）A．电源的输出功率将增大 B．电压表的实数将减小C．电流表的示数将增大D．电源消耗的总功率将减小7．如图，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，带电粒子由M运动到N点，若带电粒子只受电场力作用，据此图可以作出的判断是（）A．带电粒子带负电B．带电粒子在M点的加速度小于在N点的加速度C．带电粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D．电场中M点的电势低于在N点的电势8．如图所示的装置，可以探究影响平行板电容器电容的因素，关于下列操作及出现的现象的描述正确的是（）A．电容器与电源保持连接，左移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大B．电容器充电后与电源断开，上移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大C．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入玻璃板，则静电计指针偏转角增大D．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入金属板，则静电计指针偏转角增大9．关于静电场，下列说法正确的是（）A．沿着电场线的方向，电势总是不断降低B．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有U AB＞0C．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同D．在电场中，电势越高的地方，负电荷在该点具有的电势能越小10．如图所示，一根通电直导线放在磁感应强度B=1T的匀强磁场中，在以导线为圆心，半径为r的圆周上有a，b，c，d四个点，若a点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（）A．直导线中电流方向是垂直纸面向里的B．c点的实际磁感应强度也为0C．d点实际磁感应强度为T，方向斜向下，与B夹角为45°D．b、d两点的磁感应强度相同11．医生做某些特殊手术时，可用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示，由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．下列关于电磁血流计的说法正确的是（）A．a端电势高、b端电势低B．a端电势低、b端电势高C．同一患者，电极a、b之间电势差越大，说明血流速度越大D．不同患者，电极a、b之间电势差不同，血流速度一定不同12．小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）A．从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，小球的重力做功的功率先增大后减小B．从撞击轻弹簧到它被压缩到最短的过程中，小球的机械能先增大后减小C．小球在速度最大时受到的弹力为2ND．从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，弹簧被压缩时产生的最大弹力为6.1N二、解答题（共6小题，满分52分）13．如图所示，游标卡尺的读数为mm；螺旋测微器的读数为mm．14．某学习小组为测绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，他们在实验室找到了下列实验器材：A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；B．电流表（量程为0﹣250mA，内阻约5Ω）；C．电流表（量程为0﹣0.6A，内阻约为0.5Ω）；D．电压表（量程为0﹣3V，电阻约为3kΩ）；E．滑动变阻器（最大阻值为20Ω，额定电流1A）；F．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）；G．电键一个、导线若干．（1）实验中所用的电流表应选，滑动变阻器应选（填字母代号）．（2）请在试卷答题卡的方框中画出方便操作、利于实验且尽可能精确的实验电路图．（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示，如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是W．15．如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=3V、内阻r=0.5Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg 的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=1Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）导体棒受到的安培力大小；（2）导体棒受到的摩擦力大小．16．如图所示，位于竖直面内的曲线轨道的最低点B的切线沿水平方向，且与一位于同一竖直面内、半径R=0.40m的光滑圆形轨道平滑连接．现有一质量m=0.10kg的滑块（可视为质点），从位于轨道上的A点由静止开始滑下，滑块经B点后恰好能通过圆形轨道的最高点C．已知A点到B点的高度h=1.5m，重力加速度g=10m/s2，空气阻力可忽略不计，求：（1）滑块通过C点时的速度大小；（2）滑块通过圆形轨道B点时对轨道的压力大小；（3）滑块从A点滑至B点的过程中，克服摩擦阻力所做的功．17．如图所示，在平面直角坐标系内，第一象限的等腰三角形MNP区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，y＜0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场．一质量为m，电荷量为q的带电粒子从电场中Q（﹣2h，﹣h）点以速度V0水平向右射出，经坐标原点O射入第一象限，最后以垂直于PN的方向射出磁场．已知MN平行于x轴，N点的坐标为（2h，2h），不计粒子的重力，求：（1）电场强度的大小；（2）磁感应强度的大小B；（3）粒子在磁场中的运动时间．18．如图所示，将小物体（可视为质点）置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的恒力F拉动纸板，拉力大小不同，纸板和小物体的运动情况也不同．若纸板的质量m1=0.1kg，小物体的质量m2=0.4kg，小物体与桌面右边缘的距离d=0.15m，已知各接触面间的动摩擦因数均为μ=0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，g取10m/s2．求：（1）当小物体与纸板一起运动时，桌面给纸板的摩擦力大小；（2）拉力F满足什么条件，小物体才能与纸板发生相对滑动；（3）若拉力作用0.3s时，纸板刚好从小物体下抽出，通过计算判断小物体是否会留在桌面上．2015-2016学年山西省大同市高三（上）联考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．物理学对人类文明进步做出了积极的贡献，物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程的认识，下列说法中正确的是（）A．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，并且用实验直接验证C．奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了电现象与磁现象之间的联系D．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动的物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献，特别是亚里士多德、伽利略、牛顿等人的贡献即可．【解答】解：A、伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快，故A错误；B、牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证，故B错误；C、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了电现象与磁现象之间的联系，故C错误；D、伽利略通过“理想实验”得出结论：运动的物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，故D正确；故选：D【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果有（）A．0～1s内的加速度是2m/s2B．1～2s内的位移大小是2mC．0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相反【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】质点做匀变速运动时，根据某段图象上两点由求加速度．速度图象的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度，由速度的正负读出速度的方向．【解答】解：A、0～1s内，故A正确；B、速度图象的“面积”大小等于位移，则有1～2s内的位移大小是x=1×2=2m．故B正确；C、速度图象的斜率等于加速度，则知0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度，故C正确；D、速度的正负表示速度的方向，则知0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相同，故D错误．故选：ABC．【点评】本题是速度图象问题，关键抓住速度图象的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度．3．如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动（始终未脱离球面）的过程中，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的是（）A．F增大，F N减小B．F减小，F N增大C．F减小，F N减小D．F增大，F N增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，根据平衡条件列式求解．【解答】解：对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，如图根据平衡条件解得F=mgtanθ由于θ不断增加，故F增大、F N增大；故选：D．【点评】本题关键是画出受力图，根据平衡条件求解出两个弹力的表达式进行分析讨论．4．如图所示，在同一竖直面内，两位同学分别以初速度v a和v b将小球从高度不同的a、b 两点沿水平方向同时抛出，两小球均落到与两抛出点水平距离相等的P点．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．v a＜v b，两球同时落地B．v a＞v b，两球同时落地C．v a＞v b，小球a先落地D．v a＜v b，小球b先落地【考点】平抛运动．【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，运动时间由下落的高度决定，根据水平位移与时间结合可分析初速度关系．【解答】解：两个小球都作平抛运动，竖直方向作自由落体运动，由h=，得t=，则t a＞t b．因此小球b先落地．小球水平方向都做匀速直线运动，由x=v0t，由题意x相等，又t a＞t b，则知v a＜v b．故D正确．故选：D【点评】平抛运动常用的研究方法是运动的分解法，只要掌握两个分运动的规律，即可知道平抛运动的规律．5．科学家们推测，太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上．从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它，可以说它是“隐居”着的，它是地球的“孪生兄弟”，由以上信息我们可以推知（）A．这颗行星的公转周期与地球相等B．这颗行星的自转周期与地球相等C．这颗行星的质量等于地球的质量D．这颗行星的密度等于地球的密度【考点】万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式．太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上，说明它与地球的轨道半径相等．【解答】解：A、研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=m得出：T=2π．表达式里M为太阳的质量，R为运动的轨道半径．已知太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上，说明第十颗行星和地球的轨道半径相等，所以第十颗行星的公转周期等于地球的公转周期，故A正确．B、这颗行星的自转周期与地球周期相比无法确定，故B错误．C、这颗行星的质量与地球的质量相比无法确定，故C错误．D、这颗行星的密度与地球的密度相比无法确定，故D错误．故选A．【点评】向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．环绕体绕着中心体匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，我们只能求出中心体的质量．6．如图所示，电源电动势力为E、内电阻为r，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，电路正常工作．当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是（）A．电源的输出功率将增大 B．电压表的实数将减小C．电流表的示数将增大D．电源消耗的总功率将减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，电路中电流增大，根据闭合电路欧姆定律结合串并联电路的特点分析即可．【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，电路中电流增大，内阻所占电压增大，则路端电压减小，所以电压表的实数将减小，由于不知道内阻与外电路电阻的关系，所以不能确定输出功率如何变化，故A错误、B正确；C、路端电压减小，根据欧姆定律可知，通过R0的电流减小，即电流表示数减小．故C错误．D、电源消耗的功率P=EI，电流增大，所以电源消耗的功率将变大，故D错误．故选：B【点评】本题是电路的动态变化分析问题，可直接根据路端电压随外电阻增大而增大，判断电压表读数的变化，知道当外电路电阻等于内阻时，电源输出功率最大．7．如图，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，带电粒子由M运动到N点，若带电粒子只受电场力作用，据此图可以作出的判断是（）A．带电粒子带负电B．带电粒子在M点的加速度小于在N点的加速度C．带电粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D．电场中M点的电势低于在N点的电势【考点】电场线；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场线的方向，判断电荷的电性；加速度大小的比较可以看电场力的大小，即电场强度的大小；比较电势能可以根据电场力做功来判断．【解答】解：A、合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，电场线向右，由于不知道电场线的方向所以不能判断出带电粒子的电性．故A错误．B、M点的场强大于N点的场强，所以M点所受的电场力大于N点，则带电粒子在N点的加速度小于在M点的加速度．故B错误．C、假设粒子从M运动到N，受力的方向与轨迹之间的夹角是钝角，电场力做负功，电势能增大．所以带电粒子在N点的电势能大于在M点的电势能．故C正确．D、不知道电场线的方向，也不知道带电粒子的电性，所以不能判断出MN点电势的高低．故D错误．故选：C．【点评】判断电荷的电性关键找到突破口，从轨迹的弯曲方向角度考虑；比较电势能的大小：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能．8．如图所示的装置，可以探究影响平行板电容器电容的因素，关于下列操作及出现的现象的描述正确的是（）A．电容器与电源保持连接，左移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大B．电容器充电后与电源断开，上移电容器左极板，则静电计指针偏转角增大C．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入玻璃板，则静电计指针偏转角增大D．电容器充电后与电源断开，在电容器两极板间插入金属板，则静电计指针偏转角增大【考点】电容器的动态分析．【专题】动态预测题；定性思想；控制变量法；电容器专题．【分析】静电计是测量电势差的仪器，根据张角可以得出两板间的电势差高低；电容器与电源保持连接，电容器的板间电压不变．电容器充电后与电源断开，电容器的带电量不变．根据电容的决定因素和电容的定义式C=结合分析．【解答】解：A、电容器与电源保持连接，左移电容器左极板，电容器板间电压不变，则静电计指针偏转角不变．故A错误．B、电容器充电后与电源断开，电容器的带电量不变．将上移电容器左极板，极板正对面积减小，电容减小，由电容的定义式C=知，Q不变，C减小，则U增大，因此静电计指针偏转角增大，故B正确．C、电容器充电后与电源断开，电容器的带电量不变．在电容器两极板间插入玻璃板，电容增大．由电容的定义式C=知U减小，因此静电计指针偏转角减小，故C错误．D、若在两极板间插入金属板，相当于板间距离减小，可知电容增大，而电容器的带电量不变，由由电容的定义式C=知板间电压U减小，则静电计指针偏转角减小，故D错误．故选：B【点评】解决本题只要掌握电容的决定因素和定义式C=，结合电压不变或电量不变的条件进行分析．9．关于静电场，下列说法正确的是（）A．沿着电场线的方向，电势总是不断降低B．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有U AB＞0C．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同D．在电场中，电势越高的地方，负电荷在该点具有的电势能越小【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，电势与电场强度无关．电势能与电势的关系为E p=qφ，电场力做功公式为U WB=qU AB．结合这些知识分析．【解答】解：A、根据电场线的意义可知，沿着电场线的方向，电势总是不断降低，故A正确．B、把负电荷从A点移到B点电场力做正功，即W AB＞0，根据电场力做功公式U WB=qU AB，知q ＜0，则U AB＜0，故B错误．C、电场强度处处相等的区域内，电势不一定相等，如匀强电场中沿着电场线电势逐渐降低，故C错误．D、根据电势能与电势的关系式E p=qφ，可知，q＜0时，φ越大，E p越小．故D错误．故选：A【点评】电场强度和电势这两个概念非常抽象，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．10．如图所示，一根通电直导线放在磁感应强度B=1T的匀强磁场中，在以导线为圆心，半径为r的圆周上有a，b，c，d四个点，若a点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（）A．直导线中电流方向是垂直纸面向里的B．c点的实际磁感应强度也为0C．d点实际磁感应强度为T，方向斜向下，与B夹角为45°D．b、d两点的磁感应强度相同【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题，a点的磁感应强度为0，说明通电导线在a点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，可确定通电导线在a点的磁场方向，由安培定则判断出通电导线中电流方向．通电导线在abcd四点处产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则进行合成分析b、c、d三点的磁感应强度大小和方向．【解答】解：A、由题，a点的磁感应强度为0，说明通电导线在a点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在a点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向里．故A正确．B、据上题分析可知，通电导线在c点产生的磁感应强度大小为B=1T，方向水平向右，与匀强磁场方向相同，则c点磁感应强度为2T，方向与B的方向相同．故B错误．C、通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向下，根据磁场的叠加原理可得d点感应强度为B d=B=T，方向与B的方向成45°斜向下．故C正确．D、由上分析可知D错误．故选：AC【点评】本题要掌握安培定则和平行四边形定则，知道空间任意一点的磁感应强度都是由通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加形成的．11．医生做某些特殊手术时，可用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示，由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．下列关于电磁血流计的说法正确的是（）A．a端电势高、b端电势低B．a端电势低、b端电势高C．同一患者，电极a、b之间电势差越大，说明血流速度越大D．不同患者，电极a、b之间电势差不同，血流速度一定不同【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】根据左手定则判断出正负电荷的偏转方向，从而确定出a、b两点的电势高低，最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电压表示数U与什么因素有关．【解答】解：AB、根据左手定则，知正电荷向电极a端偏转，负电荷向电极b端偏转，所以电极a的电势高于电极b的电势．故A正确，B错误．C、最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：q=qvB，解得：U=vdB．因此同一患者，电极a、b之间电势差越大，说明血流速度越大．故C正确；D、对于不同患者，根据U=vdB，电极a、b之间电势差不同，由于d的可能不同，则血流速度可能相同，故D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电荷受电场力和洛伦兹力处于平衡，注意理解影响电势差的因素是解题的关键．12．小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）。