四川省绵阳市2015届高三物理第一次诊断试题
2015年3月2015届高三第一次全国大联考(四川版)物理卷(正式考试版)
◎…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………绝密★启用前【学科网学易大联考】2015年第一次大联考【四川卷】物理试题命题人：学科网大联考命题中心 题号 一 二 总分 得分注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息 3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出．．答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
第Ⅰ卷（选择题 共42分）本卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.关于科学家的贡献和他们的科学思想方法，下列说法正确的是（ ）A ．根据爱因斯坦提出的狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短变矮B ．伽利略运用“归谬法”否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的论断C ．法拉第在研究电磁感应现象时利用了理想实验法D ．麦克斯韦预言并用实验证实了电磁波的存在2.如图甲所示，质量m =2 kg 的物体在水平面上向右做直线运动。
过a 点时给物体作用一个水平向左的恒力F 并开始计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v －t 图象如图乙所示。
取重力加速度g =10 m/s 2。
文档：四川省物理答案
2015年普通高等学校招生全国统一考试（四川）物理参考答案第Ⅰ卷(包括7小题，每小题6分，共42分)1.A2.C3.C4.D5.B6.BC7.AD第Ⅱ卷(包括4小题，共68分)8.（17分） （1）（6分）25.85（2分） 0.98（2分） 弹簧的原长（2分） （2）（11分） ①A 2 （2分） R 2 （2分） ②25 （2分） ③0I U －r （3分）④相同（1分）不同（1分）。
9.（15分）解：（1）设立车匀加速直线运动阶段多用的时间1t ，距离为1s ；在匀速直线运动阶段所用的时间为2t 距离为2s ，速度为v ；在匀减速运动阶段所用的时间为3t ，距离为3s ;甲站到乙站的距离为s 。
则s 1＝121vt ①s 2＝vt 2 ② s 3＝321vt ③s ＝1s ＋2s ＋3s ④由①②③④式联立，并代入数据解得： s ＝1950m ⑤ 说明：①③式各2分，②④⑤各1分。
（2）设列车在匀加速直线运动阶段的牵引力为F ，所做的功为W 1；在匀速直线运动阶段的牵引力的功率为P ，所做的功为W 2。
设燃油公交车做与该列车从甲站到乙站相同的功W ，将排放气态污染物质量为M 。
则W 1＝Fs 1 ⑥ W 2＝Pt 2 ⑦ W= W 1+ W 2 ⑧ M= (3×10－9kg ·J -1) ·W ⑨联立①⑥⑦⑧⑨式并带入数据得 M=2.04 kg ⑩ 说明：⑥⑦⑨各2分，⑧⑩式各1分。
10.（17分）解： (1)小物体P 在速率从0至2m/s 时，所受外力F 1＝2N ，设其做匀变速直线运动的加速度为a 1，经过时间△t 1速度为v 1，则F 1-μmg= ma 1 ①v 1＝a 1△t 1 ②由①②式并代入数据得 △t 1= 0.5s ③ 说明：①②③式各2分。
（2）小物体P 从速率为2m/s 运动至A 点，受外力F 2＝6N ，设其做匀变速直线运动的加速度为a 2则F 2-μmg= ma 2 ④ 设小物体P 从速度v 1经过△t 2时间，在A 点的速度为 v 2，则 △t 2=0.55s-△t 1 ⑤ v 2= v 1+ a 2△t 2 ⑥P 从A 点至B 点，受外力F 2＝6N 、电场力和滑动摩擦力的作用，使其做匀变速直线运动加速度为a 3，电荷量为q ，在B 点的速度为v 3，从A 点至B 点的位移为x 1，则 F 2-μmg-qE=ma 3 ⑦2B v －22v =2a 3x 1 ⑧P 以速度v 3滑出轨道右端B 点，设水平方向受外力为 F 3，电场力大小为F E ，有 F E =F 3 ⑨F 3与F E 大小相等方向相反，P 水平方向所受合力为零，所以，P 从点B 点开始做初速度为v 3的平抛运动。
2015级绵阳三诊物理答案
绵阳2015级三诊物理参考答案及评分标准 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.C 15. D 16. B 17. A 18. C 19. BD 20.AC 21.BC22．（1）B （2分）。
（2）6543212()()9x x x x x x T ++-++（2分）。
（3）不是（2分）。
23．（1）A 3（2分）；（2）最大值（2分）；（4）49（2分），490（3分）。
24.（12分）解：（1）设杆GH 最大速度为v m 时，回路中电动势为E ，电流为I ，作用在MN 上的外力最大为 F 1m ，则2m P F υ= （2分）2m E BL υ= （1分）E I R= （1分） 22F BIL = （1分）11m F BIL = （1分）解得 2m BL υ=1m F BL =2F BL = （2分） （2）GH 的水平恒力作用下从静止开始向右运动，经过水平距离x 的过程中，根据能量守恒有2212m F x m Q υ=+ （3分）解得 22222mPR Q BL B L = （1分）25.（20分）解：（1）设油滴a 从A 点到C 点、油滴b 从B 点到C 点的时间相等为t 1，碰前b 的速度为v 1，碰后a 、b 共同速度即油滴c 在C 点初速度为v 2，以竖直向下方向为正方向，则011112t t υυ= （2分）1022m m m υυυ-= （2分）解得10=2υυ。
201=2υυ （2分） （2）油滴a 带正电，设电荷量为q ，油滴a 从A 点到C 点的过程中有0qE mg = （2分）油滴b 从B 点到C 点的过程有11=gt υ （2分）油滴c 带正电，电荷量为q ，质量为2m ，设变化后的电场强度的大小为E ，油滴c 从C 点开始以v 2为初速度向下运动，加速度方向竖直向上，大小为a ，在时间t 1内位移为零，则22ma qE mg =- （2分）221110=2t at υ- （2分） 由10=2υυ得012=gt υ，由201=2υυ得01=at υ，则12a g =。
2015年四川省高考模拟试题_四川省绵阳市高三诊断性测试试题物理卷
2014-2015学年绵阳市高中2011级第一次考试理科部分物理第Ⅰ卷选择题1.关于摩擦力，下列说法正确的是A.摩擦力方向可能与速度方向在同一直线上，也可能与速度方向不在同一直线上B.运动物体可能受到静摩擦力作用，但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用C．正压力越大，摩擦力越大D.滑动摩擦力阻碍物体的相对运动，一定做负功2.一个质点做直线运动的v-t图像如图所示，则质点A.在0-7s的平均速度大小为1m/sB.在1-3s的位移与3-5s的位移相同C.在第1s内受合外力大小是第5s内受合外力大小的2倍。
D.在第3s末回到0时刻所在的位置-3．物体A和物体B叠放在光滑水平面上静止，如图所示。
已知m A=4 kg, m B=10 kg, A, B间的最大静摩擦力f m=20 N。
现用一水平向右的拉力F作用在A上，则A．当F=20 N时，A对B的摩擦力大小是20NB.当F<20 N时，A, B都静止C.只要F>20 N, A, B 间就发生相对运动D.只要F>28 N, A、B间就发生相对运动4.如图，战略导弹部队进行的一次导弹拦截演习示意图，离地高H处的飞机以水平速度v1发射一枚空对地导弹欲炸毁地面目标P，几乎同时被反应灵敏的地面雷达系统发现，并立即竖直向上发射导弹拦截．设拦截系统Q与飞机的水平距离为x，若要拦截成功，不计空气阻力，拦截导弹的发射速度v2应为5．如图，A为太阳系中的天王星，它绕太阳O运行的轨道视为圆时，运动的轨道半径为R0，周期为To。
长期观测发现，天主星实际运动的轨道与圆轨道总有一些偏离，且每隔to时间发生一次最大偏离，即轨道半径出现一次最大。
根据万有引力定律，天文学家预言形成这种现象的原因可能是夭王星外侧还存在着一颗未知的行星(假设其运动轨道与A在同一平面内，且与A的绕行方向相同），它对天王星的万有引力引起天王星轨道的偏离，由此可推测未知行星的运动轨道半径是6.如图，长为L的轻杆A一端固定小球B,另尸端固定在水平转轴O上，轻杆A绕转轴O在竖直平面内匀速转动，在轻杆A与水平方向夹角θ从00增加到900的过程中A.小球B受到轻杆A的作用力的方向始终平行于轻杆B.小球B受到轻杆A的作用力逐渐减小C.小球B受到轻杆A的作用力对小球B不做功D.在夹角θ为900时，小球B受到的合力的瞬时功率为零7.如图，置于足够长斜面上的盒子A内放有光滑球B, B恰与A前、后壁接触，光滑斜面固定于水平地面上，一轻质弹黄的一端与固定在斜面上的木板P连接，另一端与A相连，处于静止状态。
绵阳2015届2012级一诊物理试题
保密★启用前【考试时间：2014年11月1日上午9∶00～11∶30】绵阳市高中2012级第一次诊断性考试理科综合·物理理科综合考试时间共150分钟，满分300分。
其中，物理110分，化学100分，生物90分。
物理试题卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至4页，共4页。
考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。
考试结束后，将试卷交回。
第Ⅰ卷（选择题共42分）注意事项：必须用2B铅笔在答题卡上将所选答案对应的标号涂黑。
第Ⅰ卷共7题，每题6分。
在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。
1. 爱因斯坦说：“伽利略理想斜面实验指出了真正建立动力学基础的线索。
”伽利略根据理想斜面实验A. 否定了“摩擦力是改变物体运动状态的原因”B. 否定了“物体越重下落越快”C. 认为“物体不受力的作用将永远运动下去”D. 认为“力是产生加速度的原因”2．如图是一质点做直线运动是的v—t图像。
在0—8s过程中A. 第1个2s内的位移和第4个2s内的位移相同B. 第4s末与第6s末的位置相同C. 第5s内的加速度与第6s内的加速度方向相反D. 前4s的平均速度与后4s的平均速度相同3. 一同学用如图所示方式体验力的作用效果。
轻绳的一端系一不太重的物体，另一端点套在食指上的B点，用一支铅笔（可视为轻杆）的一端水平支在轻绳的O点，铅笔的笔尖支在手掌上的A点，手掌和手指在同一个竖直平面内，铅笔始终水平。
则A. 食指上的B点感受到压力，手掌上的A点感受到拉力B. 若将绳在食指上的端点稍稍下移，B点感受到的拉力变小C. 若将铅笔向下稍稍平移，保持B点位置不变，B点感受到的拉力不变D. 若将铅笔向下稍稍平移，保持B点位置不变，A点感受到的压力变小4. 如图，在竖直平面内，直径为R的光滑半圆轨道和半径为R的光滑四分之一圆轨道水平相切于O点，O点在水平地面上。
四川省绵阳市届高三第一次诊断性考试理科综合
绵阳市高中2015级第一次诊断性考试理科综合能力测试可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 K 39 Mn 55 Fe 56一、选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列关于细胞物质组成和结构的描述，不正确的是A.C、H、O、N、P是磷脂、基因、RNA共有的化学元素B.线粒体中的DNA，能进行自我复制并控制某些蛋白质的合成C．细菌代谢速率快，与细胞膜和细胞器膜为酶提供了附着位点有关D.在细胞周期中，染色质变成染色体有利于核内遗传物质的平均分配2．下列有关果蝇(染色体组成2N=8)的说法，正确的是A.果蝇基因组测序，测定的是4条染色体上的DNA序列B.果蝇的一个次级精母细胞中，有可能含有2条X染色体C.果蝇经正常减数分裂形成的配子中，染色体数目为2对D．性染色体异常XXY的果蝇，其体细胞中有3个染色体组3．下列有关实验现象的描述，正确的是A．分离绿叶中色素时，若色素带重叠，可能是因为滤液细线画得过粗B.由于蔗糖是非还原糖，故向蔗糖溶液中加入斐林试剂后无颜色变化C.高倍镜观察洋葱鳞片叶内表皮细胞，可观察到细胞核和线粒体均有双层膜结构D.以菠菜叶肉细胞为材料观察叶绿体，可观察到椭球形的叶绿体围绕在细胞核周围4．人类干细胞的研究一直是科技热点之一，利用干细胞在体外培育出组织和器官，对治疗癌症和其他多种恶性疾病具有重要意义。
下列有关干细胞的描述正确的是A．干细胞比受精卵分化程度低B.干细胞中也存在与癌有关的基因C．干细胞培育出组织和器官，体现了干细胞的全能性D．干细胞分化成相应组织的过程中，细胞内核酸种类和数量不变5．为探究加酶洗衣粉的洗涤效果。
实验分甲乙丙三组，甲组用普通洗衣粉，乙组使用加入蛋白酶的洗衣粉，丙组使用加入了脂肪酶的洗衣粉。
在不同温度下清洗同种布料上的2种污渍，其它条件均相同，实验结果如下表。
下列说法错误的是A.实验布料不宜选用毛织品或蚕丝制品B.乙、丙两组洗涤效果的差异，与酶的专一性有关C．实验结果表明，加酶和适当提高温度可以提高洗衣粉的去污能力D.为确定加酶洗衣粉的最佳洗涤温度，需在40-50℃之间划分更细的温度梯度进一步揉究6．某鳞翅目昆虫的性别决定方式为ZW型，其成年个体有白色、浅黄和深黄三种颜色。
四川省宜宾市2015届高三第一次诊断考试物理试题2 (Word版含答案)
2014年秋期普通高中三年级第一次诊断性测试理科综合·物理试题【试卷综析】本试卷是高三期末试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律、电场、磁场、带电粒子的运动、电磁感应等内容，在注重考查核心知识的同时，突出考查考纲要求的基本能力，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面物理试题卷分第1卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。
第I卷（选择题共42分）第1卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
【题文】1．以下说法正确的是A．伽利略认为重的物体比轻的物体下落快B．牛顿测量出了万有引力常量C．法拉第发现了通电导线的周围存在磁场D．亚里士多德认为力是维持物体运动的原因【知识点】物理学史．P0【答案解析】 D 解析：A、伽利略认为重的物体和轻的物体下落一样快，故A错误；B、卡文迪许测量出了万有引力常量，故B错误；C、奥斯特发现了通电导线的周围存在磁场，故C 错误；D、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，故D正确；故选：D．【思路点拨】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【题文】2．2014年8月3日16时30分云南省鲁甸县发生6.5级强震，牵动了全国人民的心．一架装载救灾物资的直升飞机，以9m/s的速度水平飞行．在距地面180m的高度处，欲将救灾物资准确投放至地面目标,若不计空气阻力，g取10m/s2，则A．物资投出后经过20s到达地面目标B．物资投出后经过6s到达地面目标C．应在地面目标正上方投出物资D．应在距地面目标水平距离180m处投出物资【知识点】平抛运动D2【答案解析】B 解析：A、救灾物资离开飞机后做平抛运动，在竖直方向上：h=12gt2，解得：=6s，故A错误，B正确；C、救灾物资的水平位移：x=v0t=9×6=54m，为把物质准确投放至地面目标，应在距地面目标水平距离54m处投出物质，故CD错误；故选：B．【思路点拨】货物离开飞机后以9m/s的初速度做平抛运动，水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是自由落体运动，根据平抛运动的分位移公式列式计算即可．本题关键是明确货物做平抛运动，然后根据平抛运动的位移公式列式求解．【题文】3．如图为一质点做直线运动的tv-图像，下列说法正确是A．在18s～22s时间内，质点的位移为24mB．18秒时质点速度反向C．整个过程中，E点处质点离出发点最远D．整个过程中，CE段的加速度最大【知识点】匀变速直线运动的图像A5【答案解析】D 解析：A、在18s～20s时间内，质点的位移为x1=1222⨯m=12m，在20s～22s时间内，质点的位移为x2=-1222⨯m=-12m，在18s～22s时间内，质点的位移为0．故A错误．B、由图看出，在0-20s时间内，速度均为正值，质点沿正方向运动，在20-22s时间内速度为负值，质点沿负方向运动，所以整个过程中，D点对应时刻离出发点最远．故BC错误．D、由图看出，CE段图线斜率最大，则CE段对应过程的加速度最大．故D正确．故选：D【思路点拨】根据速度图象，分析质点的运动情况，确定什么时刻离出发点最远．速度图线的斜率等于加速度，根据数学知识分析加速度的大小．图线与坐标轴所围“面积”等于位移，图线在t轴上方，位移为正值，图线在t轴下方，位移为负值．速度图象是考试的热点，关键抓住图线的两个数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度、“面积”等于位移．【题文】4．如图所示，有界匀强磁场边界线SP∥MN，速率不同的同种带电粒子从S点沿SP 方向同时射入磁场．其中穿过a点的粒子速度v1与MN垂直；穿过b点的粒子速度v2与MN 成60°角，设粒子从S到a、b所需时间分别为t1和t2(带电粒子重力不计)，则t1∶t2为A．1∶3B．4∶3 C．3∶2 D．1∶1【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动K2【答案解析】C 解析：粒子在磁场中运动的周期的公式为T=2mqBπ，由此可知，粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同，由粒子的运动的轨迹可知，通过a点的粒子的偏转角为90°，通过b点的粒子的偏转角为60°，所以通过a点的粒子的运动的时间为14T，通过b点的粒子的运动的时间为16T，所以从S到a、b所需时间t1：t2为3：2，所以C正确．故选：C【思路点拨】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据粒子的运动的轨迹和粒子做圆周运动的周期公式可以判断粒子的运动的时间．带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动解题一般程序是: 1、画轨迹：确定圆心，几何方法求半径并画出轨迹． 2、找联系：轨迹半径与磁感应强度、速度联系；偏转角度与运动时间相联系，时间与周期联系．【题文】5．按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步是“落月”工程．已在2013年以前完成.假设月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R 的圆形轨道Ⅰ运动，到达轨道的A 点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B 时再次点火进入月球近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动．下列判断正确的是A ．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率20R g v =B ．飞船在A 点处点火变轨时,动能增大C ．飞船从A 到B 运行的过程中机械能增大D ．飞船在轨道Ⅲ绕月球运动一周所需的时间0g RT π=【知识点】 万有引力定律及其应用 D5【答案解析】 A 解析：A 、飞船在轨道Ⅰ上，万有引力提供向心力：22(4)4Mm v G m R R = ，在月球表面，万有引力等于重力得：G 2MmR =mg0，解得：v= ，故A 正确；B 、在圆轨道实施变轨成椭圆轨道远地点是做逐渐靠近圆心的运动，要实现这个运动必须万有引力大于飞船所需向心力，所以应给飞船减速，减小所需的向心力，动能减小，故B 错误；C 、飞船在轨道Ⅱ上做椭圆运动，根据开普勒第二定律可知：在进月点速度大于远月点速度，所以飞船在A点的线速度大于在B 点的线速度，机械能不变，故C 错误．D 、根据mg0=m 224R T π，解得：D 错误；故选：A【思路点拨】在月球表面，万有引力等于重力，在任意轨道，万有引力提供向心力，联立方程即可求解，卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定．飞船在近月轨道Ⅲ绕月球运行，重力提供向心力，根据向心力周期公式即可求解. 该题考查了万有引力公式及向心力基本公式的应用，难度不大，属于中档题．【题文】6．如图所示，一轻质弹簧下端固定在粗糙的斜面底端的档板上，弹簧上端处于自由状态，斜面倾角为θ，一质量为m 的物块（可视为质点）从离弹簧上端距离为L1处由静止释放，物块与斜面间动摩擦因数为µ，物块在整个过程中的最大速度为v ， 弹簧被压缩到最短时物体离释放点的距离为L2 (重力加速度为g) ．则A ．从物块释放到弹簧被压缩到最短的过程中，系统损失的机械能为µmg L2cos θB ．从物块释放到弹簧压缩到最短的过程中，物体重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量与系统产生的内能之和C ．物块的速度最大时，弹簧的弹性势能为mgL1(sin θ－µcos θ)－21mv2D ．物块的最大动能为mgL1(sin θ－µcos θ)【知识点】 功能关系；动能和势能的相互转化．E6【答案解析】 AB 解析： A 、系统损失的机械能为滑动摩擦力做的功，所以物块运动到最低点时，机械能的损失量为△E=μmgcosθL2，A 正确；B 、根据能量守恒定律可知，从物块释放到弹簧压缩到最短的过程中，物体重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量与系统产生的内能之和，故B 正确．C 、D 根据题意可知，物块下滑做匀加速直线运动，接触弹簧时，沿斜面方向又受到向上的弹力作用，物体做加速度减小的加速运动，当弹簧弹力加摩擦力等于重力在斜面向下的分量时，加速度为零，速度最大，动能最大， 速度最大时设弹簧压缩量x 则：sin cos mg kx mg θμθ=+ ，根据功能关系W 弹=（mgsinθ-μmgcosθ）（L1 +x ）－21mv2故C 、C 错误；故选AB【思路点拨】物块下滑做匀加速直线运动，接触弹簧时，沿斜面方向又受到向上的弹力作用，物体做加速度减小的加速运动，当弹簧弹力等于重力在斜面向下的分量时，加速度为零，速度最大，动能最大，根据动能定理求出刚与弹簧接触时的动能即可判断，弹黉被压缩到最短时．物块速度为零，根据动能定理即可求出此时弹簧的弹性势能，系统损失的机械能为滑动摩擦力做的功．本题主要考查了动能定理及能量守恒定律的直接应用，要求同学们能正确分析物体的运动情况，知道什么时候速度最大，难度适中．【题文】7．如图所示，半径为R 的环形塑料管竖直放置，管的内壁光滑，AB 为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，环的AB 及其以下部分处于水平向左的匀强电场中．现将一直径略小于塑料管内径，质量为m ，带电量为＋q 的小球从管中A 点由静止释放，已知qE ＝mg ，以下说法正确的是A ．小球释放后，到达B 点时速度为零，并在BDA 间往复运动 B ．小球释放后，第一次达到B 点时对管壁的压力为4mgC ．小球释放后，第一次经过最低点D 和最高点C 时对管壁的压力之比为5:1 D ．小球释放后，前后两次经过最高点C 时对管壁的压力之差为4mg 【知识点】 匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．I1 D4【答案解析】 CD 解析： A 、只有重力和电场力做功，带电小球到达B 点，重力势能不变，电势能减小，故有动能，其动能大小等于电场力做的功，为qE•2R=2mgR 故A 错误；B 、D 、从A 点释放到第二次到C 点过程，根据动能定理，有-mgR+2qE•2R=2212c mv ③据向心力公式，有N2C+mg=m 22cv R ④解得N2C=5mg ，故B 错误；C 、第一次过D 点时，根据动能定理，有mgR+qER=2112D mv ①根据向心力公式，有N1D-mg=m 21Dv R ②解得N1D=5mg第一次过C 点，根据向心力公式，有N1C+mg=m 21cv R根据动能定理可知：第一次经过C 点的动能为：2EqR-mgR=mgR ，故N1C=mg 可知故CD 正确；故选：CD【思路点拨】小球运动过程中，受到重力、支持力和电场力，只有重力和电场力做功；其中重力做功等于重力势能的减小量，电场力做的功等于电势能的减小量，根据功能关系、向心力公式和牛顿第二定律列式分析．本题关键要分析求出小球的运动，然后多次根据动能定理、向心力公式和牛顿第二定律列式求解． 第Ⅱ卷 （非选择题共68分） 第Ⅱ卷共4题。
绵阳市高中2015级第一学期末教学质量测试物理试题
保密★启用前【考试时间：2013年1月22 日 8：O0—9：40]高中2015级第一学期末教学质量测试第1卷(选择题，共54分)一、本大题l2小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中只有一个最符合题意。
1．将实验和逻辑推理．(包括数学演算)和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是A．亚里士多德 8．伽利略 C．笛卡尔 D．爱因斯坦2．在国际单位制中，质量、长度和时间的单位分别是A．kg、m、s B．kg、s、N C．N、m、s D．N、kg、m3．火车在长直水平轨道上匀速行驶，坐在门窗密闭的车厢内的乘客将手中的苹果相对车竖直上抛，手保持在抛出位置，当苹果(相对车)落下来时A．落在手的前方B．落在手中C．落在手的后方D．落在手的侧边4．一辆汽车正在以200s的速度在平直的公路上前进，在它的正前方有一障碍物，汽车立即刹车做匀减速运动，加速度大小为8m／s2，刹车后3s内汽车通过的距离为A．40m B．36m C．25m D．24m5．“扳手腕”是中学生课余非常喜爱的一项游戏。
甲、乙两同学进行“扳手腕”游戏。
关于他们的手之间的力，下列说法正确的是A．甲扳赢了乙，是因为甲手对乙手的作用力大于乙手对甲手的作用力B．只有当甲乙僵持不分胜负时，甲手对乙手的作用力才等于乙手对甲手的作用力C．甲、乙比赛对抗时，无法比较甲手与乙手之间相互作用力的大小关系D．无论谁胜谁负，甲手对乙手的作用力大小等于乙手对甲手的作用力大小6．从静止开始做匀加速直线运动的物体，第二个2 s内和第三个2 s内两段位移之比为A．1：3 8．3：5 C．4：9 D．9：257．一物体做直线运动，t=0时方向向东，其速度一时间图像如图所示。
下列说法正确的是A．第2s末，物体的加速度方向向东B．第3s末，物体的合力为零C．第3s末，物体离出发点最远D．第4s末，物体正在向东运动8．如图所示，一个大人单独提起一桶水和两个小孩共同提起同一桶水。
2015年四川省绵阳市高考物理一诊试卷
2015年四川省绵阳市高考物理一诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.爱因斯坦说：“伽利略理想斜面实验指出了真正建立动力学基础的线索．”伽利略根据理想斜面实验（）A.否定了“摩擦力是改变物体运动状态的原因”B.否定了“物体越重下落越快”C.认为“物体不受力的作用将永远运动下去”D.认为“力是产生加速度的原因”【答案】C【解析】解：伽利略通过理想斜面实验得出了力不是维持运动的原因，而是改变物体速度的原因，故C正确，ABD错误；故选：C．公元前四世纪的希腊哲学家亚里士多德认为：必须不断地给一个物体以外力，才能使它产生不断地运动．如果物体失去了力的作用，它就会立刻停止．即--力是维持物体运动的原因．亚里士多德的观点很符合人们的日常经验，如停着的车不推它它就不会动，停止推它它就会停下来…所以亚里士多德的观点当时占着统治地位，而且一直统治了人们两千年；伽利略斜面实验在牛顿第一定律的建立过程中起到了重要作用，它揭示了力与运动的关系，即物体的运动并不需要力来维持．本题关键要知道亚里斯多德、伽利略、牛顿等人的主要贡献．2.如图是一质点做直线运动的v-t图象．在0-8s过程中（）A.第1个2s内的位移和第4个2s内的位移相同B.第4s末与第6s末的位置相同C.第5s内的加速度与第6s内的加速度方向相反D.前4s的平均速度与后4s的平均速度相同【答案】B【解析】×2×3m=解：A、图象与时间轴所围的面积表示位移，据图可知，位移大小都为：123m，但方向相反．故A错误；B、图象与时间轴所围的面积表示位移，据图可知，第5秒内的位移和第6秒内的位移大小相同，方向相反，即4秒内的位移与6秒内的位移相同，即两时刻的位置相同，故B正确；C、图象的斜率表示物体的加速度，据图可知，第5s内的加速度与第6s内的加速度的斜率相同，即加速度方向相同，故C错误；D、图象与时间轴所围的面积表示位移，据图可知，前4秒的位移与后4秒的位移不同，但时间相同；据平均速度公式可知，前4秒的位移与后4秒的平均速度不同，故D错误．故选：B．v-t图象中各点表示物体在某一时刻的速度；图象的斜率表示物体的加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移．本题考v-t图象的应用，要注意图象中6-8s内物体做的是匀加速直线运动，而不是匀减速直线运动．3.一同学用如图所示方式体验力的作用效果．轻绳的一端系一不太重的物体，另一端点套在食指上的B点，用一支铅笔（可视为轻杆）的一端水平支在轻绳的O点，铅笔的笔尖支在手掌上的A点，手掌和手指在同一个竖直平面内，铅笔始终水平．则（）A.若将绳在食指上的端点稍稍下移，B点感受到的拉力变小B.若将绳在食指上的端点稍稍下移，A点感受到的压力不变C.若将铅笔向下稍稍平移，保持B点位置不变，B点感受到的拉力不变D.若将铅笔向下稍稍平移，保持B点位置不变，A点感受到的压力变小【答案】D【解析】解：设OB与AO所称夹角为θ，对O点受力分析，正交分解，根据平衡条件：T cosθ=NT sinθ=mg联立得：N=mgtanθT=mgsinθA、若将绳在食指上的端点稍稍下移，θ变小，则T变大，故AB错误；C、若将铅笔向下稍稍平移，保持B点位置不变，θ变大，T变小，故C错误；D、若将铅笔向下稍稍平移，保持B点位置不变，θ变大，N变小，故D正确；故选：D．对O点受力分析，根据平衡条件求杆的支持力和绳子OB的拉力．本题考查平衡条件的应用，正确的受力分析时关键．4.如图，在竖直平面内，直径为R的光滑半圆轨道和半径为R的光滑四分之一圆轨道水平相切于O点，O点在水平地面上．可视为质点的小球从O点以某一初速度进入半圆，刚好能通过半圆的最高点A，从A点飞出后落在四分之一圆轨道上的B点，不计空气阻力，g=10m/s2．则B点与A点的竖直高度差为（）A.(√5−1)R2B.(√5+1)R2C.(√5−1)R10D.(√5+1)R10【答案】A【解析】解：小球刚好通过A点，则在A点重力提供向心力，则有：mg=m v 2R2解得：v=√gR2从A点抛出后做平抛运动，则水平方向的位移x =vt ，竖直方向的位移h =12gt 2， 根据几何关系有：x 2+h 2=R 2解得：h =(√5−1)R 2 故选：A小球刚好通过A 点，则在A 点重力提供向心力，求出A 点速度，从A 点抛出后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式结合几何关系即可求解．本题综合运用了向心力公式、平抛运动规律，综合性较强，关键理清过程，选择适当的定理或定律进行解题，难度适中．5.2014年9月川东地区持续强降雨，多地发生了严重的洪涝灾害．如图为某救灾现场示意图，一居民被洪水围困在被淹房屋屋顶的A 点，直线PQ 和MN 之间是滔滔洪水，之外为安全区域．已知A 点到直线PQ 和MN 的距离分别为AB=d 1和AC=d 2，设洪水流速大小恒为v 1，武警战士驾驶的救生艇在静水中的速度大小为v 2（v 1＜v 2），要求战士从直线PQ 上某位置出发以最短的时间到达A 点，救人后以最短的距离到达直线MN ．则（ ）A.战士驾艇的出发点在B 点上游距B 点距离为v 1v 2d 1B.战士驾艇的出发点在B 点下游距B 点距离为v 1v 2d 1C.救人后船头应指向上游与上游方向所成夹角的余弦值为v 2v 1D.救人后船头应指向下游与下游方向所成夹角的余弦值为v 1v 2【答案】A【解析】解：A 、根据v =d 1t ，即为t =d 1v 2，则救生艇登陆的最短时间，战士驾艇的出发点在B 点上游距B 点距离为v1v 2d 1，故A 正确，B 错误； C 、若战士以最短位移将某人送上岸，则救生艇登陆的地点就是C 点，则与上游方向所成夹角的余弦值为v 1v 2，故C 错误，D 也错误；故选：A ．当救生艇垂直于河岸方向航行时，到达岸上的时间最短，由速度公式的变形公式求出到达河岸的最短时间，而救生艇的合速度垂直河岸时，所发生距离最短，从而即可求解．知道救生艇在水中参与了两个方向的运动，应用速度公式的变形公式即可正确解题．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图，光滑斜面的底端固定一垂直于斜面的挡板，质量相同的A 、B 两物体由轻弹簧连接，放在斜面上，最初处于静止状态．现用一平行于斜面的力F 拉B 物体沿斜面向上做匀加速直线运动，以B 物体初始位置为坐标原点、沿斜面向上建立O x 坐标轴，在物体A 离开挡板之前（弹簧一直处于弹性限度内），外力F 和挡板对A 物体的支持力N随B物体的位置坐标x的变化关系图线正确的是（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】解：AB、设原来系统静止时弹簧的压缩长度为x0，当木块A的位移为x时，弹簧的压缩长度为（x0-x），弹簧的弹力大小为k（x0-x）．对B物体，根据牛顿第二定律得：F+k（x0-x）-mgsinθ=ma得：F=kx-kx0+ma+mgsinθ，又kx0=mgsinθ，则得：F=kx+ma可见F与x是线性关系，当x=0时，kx+ma＞0．故A正确，B错误．CD、对于A物体，弹簧处于压缩状态时，根据平衡条件得：N=mgsinθ+k（x0-x）；弹簧处于伸长状态时，根据平衡条件得：N=mgsinθ-k（x-x0），得N=mgsinθ+k（x0-x）；故D正确，C错误．故选：AD．以木块B为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律得出F与A位移x的关系式，再选择图象．再对B研究，由平衡条件列出N与x的关系式分析即可．本题根据牛顿第二定律得到F与x的解析式，再选择图象是常用的思路．7.如图所示，两个倾角都为30°、足够长的光滑斜面对接在一起并固定在地面上，顶端安装一光滑的定滑轮，质量分别为2m和m的A、B两物体分别放在左右斜面上，不可伸长的轻绳跨过滑轮将A、B两物体连接，B与右边斜面的底端挡板C之间连有橡皮筋．现用手握住A，使橡皮筋刚好无形变，系统处于静止状态．松手后，从A、B开始运动到它们速度再次都为零的过程中（绳和橡皮筋都与斜面平行且橡皮筋伸长在弹性限度内）（）A.A、B的机械能之和守恒B.A、B和橡皮筋的机械能之和守恒C.A的重力势能减少量大于橡皮筋弹力所做的功D.重力对A做功的平均功率小于橡皮筋弹力对B做功的平均功率【答案】BC【解析】解：A、两物体运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，AB两个物体和弹簧系统机械能守恒，但AB的机械能之和不守恒，故A错误，B正确；C、根据能量守恒可知，A的重力势能减少量等于B的重力势能的增加量和弹簧弹性势能的增加量，所以A的重力势能减少量大于橡皮筋弹力所做的功，故C正确；D、重力对A做功大于橡皮筋弹力对B做功，而时间相等，重力对A做功的平均功率大于橡皮筋弹力对B做功的平均功率，故D错误．故选：BC两物体运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，AB两个物体和弹簧系统机械能守恒，根据能量守恒可判断C选项．平均功率等于功除以时间．本题主要考查了机械能守恒的条件和能量守恒定律的直接应用，难度适中．三、计算题(本大题共1小题，共6.0分)8.如图，将酒精灯和装有适量水的试管固定在小车上，小车放在较光滑的水平桌面上，用橡胶塞子塞住（不漏气）试管口，现让小车处于静止，点燃酒精灯给试管中水加热．当加热一段时间后，橡胶塞子向右喷出时，可以观察到小车向______ （选填“左”或“右”）运动，在这个过程中，整个小车（含酒精灯和装有适量水的试管）对橡胶塞子的作用力与橡胶塞子对小车的作用力方向______ （选填“相同”或“相反”），整个小车受到的合外力方向向______ （选填“左”、“右”、“上”或“下”）．【答案】左；相反；左【解析】解：小车和塞子等组成的系统动量守恒，即合动量为零，故橡胶塞子向右喷出时，可以观察到小车向左运动；在这个过程中，整个小车对橡胶塞子的作用力与橡胶塞子对小车的作用力这是一对相互作用力，故方向相反；因为小车从静止到向左运动，所以整个小车受到的合外力方向向左．故答案为：左，相反，左．小车和塞子等组成的系统动量守恒，即合动量为零．本题的关键是明确整个小车（含酒精灯和装有适量水的试管）与塞子组成的系统动量守恒，并会判断作用力与反作用力．四、实验题探究题(本大题共1小题，共11.0分)9.用如图1所示装置来完成“探究加速度与力、质量的关系”实验．①下列操作需要且正确的有______ ．A．将长木板的带定滑轮的一端适当垫高，以消除摩擦力的影响B．用天平测出小车的质量M和钩码的质量m，当M远大于m时，可认为小车受到的拉力F=mgC．正确安装好装置后，将小车停在靠近打点计时器处，接通电源待计时器工作稳定后再释放小车D．选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量②某小组的同学在用该实验装置探究加速度与质量之间的关系，保持拉力不变，改变小车的质量，打出的纸带如图2，O为计数起始点，选取的测量点为1、2、3、4、5、6，相邻两点之间还有四个点没标出，纸带上标出了各测量点到O点的距离，打点计时器的工作频率为50H z．实验次数123456小车质量M/kg0.2000.3000.4000.5000.6000.700小车加速度a/m﹒s-2 1.99 1.32？0.8000.6700.570/kg-1 5.00 3.33 2.50 2.00 1.67 1.43小车质量的倒数1M得到的数据记录在表中，第3次实验测得小车的加速度是______ /2．根据实验测得的数据，为探究加速度与质量的关系，请在图3中建立合理的坐标系，描出相应的关系图象．根据图象可知：在物体所受外力一定时，物体的加速度与质量______ ．【答案】BC；0.99；成反比【解析】解：（1）A、将长木板的不带定滑轮的一端适当垫高，以平衡摩擦力，故A错误；B、本题实验要求M远元大于m，只有满足这个条件，才可认为小车受到的拉力F=mg，故B正确；C、实验时，先接通电源，后放开小车，故C正确；D、选取点迹清晰的纸带，不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量，故D错误．故选：BC（2）图中各点为每打5个点标出的计数点，则T=0.1s，=0.99m/s2根据作差法得加速度为：a=x CF−x OC9T2根据描点法作出a-1图象，如图所示：M根据图象可知：在物体所受外力一定时，物体的加速度与质量成反比．故答案为：（1）BC；（2）0.99；如图所示；成反比．（1）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中应联系实际做实验的过程，结合注意事项：使小车停在靠近打点计时器处，接通电源，放开小车，让小车运动．（2）根据在匀变速直线运动中，某点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可以求出各点的瞬时速度大小，利用逐差法可以求出加速度的大小，根据描点法作出图象．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的公式，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，明确实验原理，正确理解实验中具体操作的含义，加强基本物理规律在实验中的应用．五、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.2013年12月14日，我国的“嫦娥三号”探月卫星实现月面软着陆．落月是从15km 高度开始，经过了大约12min 时间，嫦娥三号依靠自主控制，经过了主减速段、快速调整段、接近段、悬停段、避障段、缓速段等6个阶段，相对速度从1.7km /s 逐渐减为零，最后以自由落体方式走完几米之后，平稳“站”上月球表面．（1）已知月球质量是地球质量的181，月球半径是地球半径的14．若嫦娥三号从h =8.1m 高度自由下落到月球表面，与在地球上从多大高度自由下落到地面的着陆速度相同？（2）“玉兔号”是无人驾驶月球车，最大速度可达到200m /h ，在一次执行指令时，它从静止开始以额定功率启动，在水平月面上做直线运动，经18s 达到最大速度，已知月球表面重力加速度为1.8m /s 2，月球车所受阻力恒为车重的0.02倍．求这段时间内月球车运动的距离（结果保留两位有效数字）．【答案】解：（1）设月球质量为M ，半径为R ，其表面重力加速度为g ，地球质量为M ′，半径为R ′，其表面重力加速度为g ′，则GMm R 2=mg GM′m R′2=mg′ 解得g =1681g′设着陆速度为v ，月球表面自由下落h 高度相当于地球上下降h ′高度，则υ2=2ghυ2=2g 'h '解得h '=1.6m（2）设月球车的质量为m ，额定功率为P ，阻力为f ，最大速度为v m ，在t =18s 时间内位移为x ，则有Pt −fx =12mυm 2 P=f υmf =0.02mg解得x =0.96m答：（1）与在地球上从1.6m 高度自由下落到地面的着陆速度相同（2）这段时间内月球车运动的距离0.96m【解析】根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力，列式分析圆轨道上的向心加速度与月球表面重力加速度的大小；结合运动学公式求解高度．根据汽车启动问题中的知识求解运动距离．注意掌握万有引力充当向心力，天体表面的万有引力约等于重力，联立求解．11.多米诺骨牌是一种文化，它起源于中国，有着上千年的历史．码牌时，骨牌会因意外一次次倒下，参与者时刻面临和经受着失败的打击．遇到挫折不气馁，鼓起勇气，重新再来，人只有经过无数这样的经历，才会变得成熟，最终走向成功．如图为骨牌中的一小段情景，光滑斜面轨道AB、粗糙水平轨道CE与半径r=0.5m的光滑圆轨道相切于B、C两点，D点为圆轨道最高点，水平轨道末端E离水平地面高h=0.8m，骨牌触碰机关F在水平地面上，E、F两点间的距离s=1m．质量m=0.2kg的小钢球（可视为质点）从A点自由释放，到达D点时对轨道压力为其重力的0.5倍，从E点抛出后刚好触动机关F．重力加速度g=10m/s2，不计圆轨道在B、C间交错的影响，不计空气阻力．求：（1）小钢球在水平轨道上克服阻力做的功；（2）A点离水平地面的高度．【答案】解：（1）设小钢球过E点时的速度为v E，从E点到F点的水平距离为x，则x=√s2−ℎ2x=υE th=12gt2设小球运动到D点时速度为v D，轨道对小球作用力为N，则有：N+mg=mυD2 r由牛顿第三定律得：N=N′=0.5mg解得：υE=1.5m/s，v D=√302m/s设小球从D点运动到E点过程中，在水平轨道上克服阻力做功为W f，则：mg⋅2r−W f=12mυE2−12mυD2解得：W f=2.525J（2）设A点离水平地面高度为H，小球从A点运动到D点过程中有：mg(H−ℎ−2r)=12mυD2解得：H=2.175m答：（1）小钢球在水平轨道上克服阻力做的功2.525J；（2）A点离水平地面的高度2.175m．【解析】首先分析小球的运动情况，利用平抛运动、牛顿第二定律和动能定理求阻力做的功；利用动能定理求A离水平面的高度．首先分析小球的运动情况，利用平抛运动、牛顿第二定律和动能定理求阻力做的功；利用动能定理求A离水平面的高度．12.如图，在光滑水平轨道的右方有一弹性挡板，一质量为M=0.5kg的木板正中间放有一质量为m=2kg的小铁块（可视为质点）静止在轨道上，木板右端距离挡板x0=0.5m，铁块与木板间动摩擦因数μ=0.2．现对块施加一水平向右的外力F=10N，木板第一次与挡板碰前瞬间撤去外力．若木板与挡板碰撞时间极短，反弹后速度大小不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2．（1）木板第一次与挡板碰撞前经历的时间是多长？（2）若铁块和木板最终停下来时，铁块刚好没滑出木板，则木板有多长？（3）从开始运动到铁块和木板都停下来的整个过程中，木板通过的路程是多少？【答案】解：（1）设木板靠最大静摩擦力或滑动摩擦力产生的加速度为a m，则，a m=μmgM=8m/s2，假设木板与物块不发生相对运动，设共同加速度为a，则a=FM+m=4m/s2，因a＜a m，所以木板在静摩擦力作用下与物块一起以加速度a运动．设向右运动第一次与挡板碰撞前经历的时间为t，则x0=12at2，解得t=0.5s；（2）设木板与挡板碰前，木板与物块的共同速度为v1，则v1=at，解得v1=2m/s，木板第一次与挡板碰撞前瞬间撤去外力，物块以速度v1向右做减速运动，加速度大小为a1，木板与挡板碰撞后以速度v1向左做减速运动，木板与木块相对滑动，则木板加速度大小为a m，设板速度减为零经过的时间为t1，向左运动的最远距离为x1，则μmg=ma1v1=a m t1x1=v12 2a m 解得a1=2m/s2，t1=0.25s，x1=0.25m，当板速度向左为零时，设铁块速度为v1′，则v1′=v1-a1t1，设再经过时间t2铁块与木板达到共同速度v2，木板向右位移为x1′，则v2=v1′-a1t2，v2=a m t2，x1′=12a m t22，解得v1′=1.5m/s，t2=0.15s，v2=1.2m/s，x1′=0.09m，因为x1′＜x1，所以木板与铁块达到共速后，将以速度v2运动，再次与挡板碰撞．以后多次重复这些过程最终木板停在挡板处．设木板长为L ，则以木板和铁块系统为研究对象，根据能量守恒μmg L 2=12(m +M)v 12 解得 L=2.5m ．（3）设木板与挡板第二次碰后，木板向左运动的最远距离为x 2，则x 2=v 222a m ， 解得x 2=0.09m ，综上可知v 2=0.6v 1，x 2=0.36x 1，因为以后是多次重复上述过程．同理，有木板与挡板第三次碰后，木板与铁块达到共速为v 3=0.6v 2，木板向左运动的最远距离为x 3=0.36x 2，…设木板与挡板第n -1次碰后，木板与铁块达到共速为v n ，同理有v n =0.6n -1v 1设木板与挡板第n 次碰后，木板向左运动的最远距离为x n ，同理有x n =0.36n -1x 1所以，从开始运动到铁块和木板都停下来的全过程中，设木板运动的路程为s ，则s =x 0+2x 1+2x 2+…+2x n ，n →∞解得s =4132m =1.28m ．答：（1）木板第一次与挡板碰撞前经历的时间是0.5s ．（2）若铁块和木板最终停下来时，铁块刚好没滑出木板，则木板有2.5m ．（3）从开始运动到铁块和木板都停下来的整个过程中，木板通过的路程是1.28m ．【解析】（1）先分析铁块与木板能否一起运动．根据牛顿第二定律求出木板靠最大静摩擦力或滑动摩擦力产生的加速度，假设两者不不发生相对运动，由牛顿第二定律求得共同的加速度，从而作出判断．再根据运动学位移时间公式求解时间．（2）由公式v 1=at ，求出木板与挡板碰前的共同速度，木板第一次与挡板碰撞前瞬间撤去外力，铁块以速度v 1向右做减速运动，木板与挡板碰撞后以速度v 1向左做减速运动，木板与木块相对滑动．由牛顿第二定律和运动学公式结合求出板速度减为零经过的时间和向左运动的最远距离．再由能量守恒定律求解．（3）根据运动学位移速度关系公式求出木板与挡板第二次碰后木板向左运动的最远距离．木板与铁块达到共速后，将以速度v 2运动，再次与挡板碰撞．以后多次重复这些过程．运用归纳法得到木板向左运动的最远距离与碰撞次数的关系式，即可求得木板通过的路程．解决本题的关键要正确判断两个物体的运动状态，运用牛顿第二定律和运动学公式结合，边计算边分析．本题也可以根据动量守恒定律和能量守恒定律结合求解，比较简洁．。
2024-2025学年四川省绵阳市高三(上)第一次诊断性考试物理试卷(10月)(含答案)
2024-2025学年四川省绵阳市高三（上）第一次诊断性考试物理试卷（10月）一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.在离心机上转圈是提升宇航员耐力的一项重要训练。
某次训练过程中，离心机的座舱在水平面内做匀速圆周运动，则座舱内宇航员的( )A. 加速度不变B. 动能不变C. 动量不变D. 所受的合外力不变2.从地面以一定的初速度竖直向上抛出一物体，竖直方向有空气阻力，则下列位移−时间图像和速度−时间图像描写的运动可能与该物体运动过程情况相符的是( )A. B.C. D.3.如图所示，质量为m的战士在某次爬杆训练中，采用“手握腿夹”的方式从高ℎ的铁杆顶端从静止开始下滑，落地时速度大小为v，重力加速度为g，忽略空气阻力，则战士在下滑过程中，受到的摩擦力( )A. 是静摩擦力，方向沿杆向上B. 是滑动摩擦力，方向沿杆向下mv2C. 做功为12mv2−mgℎD. 做功为124.如图所示，内壁光滑、半径为R的半圆形轨道固定在竖直平面内，半圆形轨道的直径竖直，底端与光滑水平面相切。
质量为m的小物块(可视为质点)以v0=2gR的初速度进入轨道，g为重力加速度，忽略空气阻力。
则小球沿圆弧轨道运动过程中( )A. 上升的最大高度是RB. 上升的最大高度是2RC. 对轨道的压力F≤mgD. 对轨道的压力F≤5mg5.电梯结构可简化为如图甲所示模型，钢绳挂在电动机绳轮上，一端悬挂轿厢，另一端悬挂配重装置。
一质量为70 kg电梯检修工作人员站在轿厢里对电梯进行检测，检测过程中轿厢向上运动，从某时刻开始，轿厢底对工作人员支持力大小随时间变化的关系如图乙所示。
不计空气阻力和钢绳质量，重力加速度g取10m/s2。
下列说法正确的是( )A. 0∼4s，轿厢匀速运动B. 20∼24s，轿厢静止C. 在整个过程中，4s末钢绳对轿厢做功的功率最大D. 在整个过程中，28s末钢绳对轿厢做功的功率最大6.土星有多个卫星，土卫六是其中最大的一颗，拥有大气层。
2015年四川省绵阳市南山中学、南山中学实验学校高考物理一诊试卷
2015年四川省绵阳市南山中学、南山中学实验学校高考物理一诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共3小题，共18.0分)1.在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献．以下选项中符合他们观点的是（）A.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B.两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大C.两物体从同一高度自由下落，较轻的物体下落较慢D.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”【答案】A【解析】解：A、人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，人保持起跳时车子的速度，水平速度将车子的速度，所以将落在起跳点的后方．符合伽利略、牛顿的惯性理论．故A正确．B、力越大，物体运动的速度越大，不是伽利略、牛顿的观点．故B错误．C、伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快，所以此选项不符合他们的观点．故C错误．D、此选项说明力是维持物体运动的原因，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点．故D错误．故选A人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方，符合伽利略、牛顿的惯性理论．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大，不符合伽利略、牛顿的观点．伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快、力不是维持物体运动的原因．根据伽利略、牛顿的观点判断选项的正误．本题要对亚里士多德的观点和伽利略、牛顿的观点关于力和运动关系的观点有了解．可以根据牛顿的三大定律进行分析．2.“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根橡皮绳．质量为m的小明如图所示静止悬挂时，两橡皮绳的夹角为60°，则（）A.每根橡皮绳的拉力为mgB.若将悬点间距离变小，则每根橡皮绳所受拉力将变小C.若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时加速度a=gD.若拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根轻绳，则小明左侧轻绳在腰间断裂时，小明的加速度a=g【答案】B【解析】解：A、根据平行四边形定则知，2F cos30°=mg，解得F=．故A错误．B、根据共点力平衡得，2F cosθ=mg，当悬点间的距离变小，则θ变小，cosθ变大，可知悬绳的拉力变小．故B正确．C、当左侧橡皮绳断裂，断裂的瞬间，右侧弹性绳的拉力不变，则重力和右侧绳拉力的合力与左侧绳初始时拉力大小相等，方向相反，根据平行四边形定则知，则合力大小为，加速度为．故C、D错误．故选：B．根据共点力平衡求出每根绳的拉力，根据平行四边形定则判断悬点间距变化时绳子拉力的变化．当左侧绳子断裂，抓住合力沿垂直绳子方向求出合力的大小，从而得出加速度的大小．本题关键是对小明受力分析后，根据三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线来确定撤去一个力后的合力，再根据牛顿第二定律求解加速度3.北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能，它在寻找马航MH370失联客机中起了很大的作用．“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径均为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置（如图所示）．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则（）A.这两颗卫星的重力加速度大小相等，均为B.卫星l由位置A运动至位置B所需的时间为C.卫星l向后喷气就一定能追上卫星2D.卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做正功【答案】B【解析】解：A、根据万有引力提供向心力有：=ma，又在地球表面有：=mg由两式可得：a=，故A错误；B、根据万有引力提供向心力有：=m，可得卫星的周期为：T=2π=，卫星从A至B转过，故所用时间为：t=，故B正确；C、卫星向后喷气，速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，会离开原来的圆轨道．所以在原轨道加速不会追上卫星乙，故C错误；D、卫星圆周运动过程中万有引力完全提供圆周运动向心力，故卫星运动过程中万有引力对卫星不做功，故D错误．根据万有引力提供向心力，以及黄金代换式GM=g R2，可以解出卫星的加速度大小．根据卫星的周期的公式求卫星从A至B的时间，知道卫星加速或减速后的运动进行分析即可．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力=ma，以及黄金代换式GM=g R2，把要求解的物理量先表示出来即可．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)4.如图所示，小木块a、b和c（可视为质点）放在水平圆盘上，a、b两个质量均为m，c的质量为．a与转轴OO′的距离为l，b、c与转轴OO′的距离为2l且均处于水平圆盘的边缘．木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，下列说法正确的是（）A.b、c所受的摩擦力始终相等，故同时从水平圆盘上滑落B.当a、b和c均未滑落时，a、c所受摩擦力的大小相等C.b和c均未滑落时线速度大小一定相等D.b开始滑动时的转速是【答案】BC【解析】解：A、b、c所受的最大静摩擦力不相等，故不同时从水平圆盘上滑落，A错误；B、当a、b和c均未滑落时，木块所受的静摩擦力f=mω2r，ω相等，f∝mr，所以ac 所受的静摩擦力相等，都小于b的静摩擦力，故B正确；C、b和c均未滑落时线速度V=Rω大小一定相等，故C正确；D、以b为研究对象，由牛顿第二定律得：f=2mω2l=kmg，可解得：ω==，转速：．故D错误．故选：BC．木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物体的质量、半径和角速度决定．当圆盘转速增大时，提供的静摩擦力随之而增大．当需要的向心力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动．因此是否滑动与质量无关，是由半径大小决定．本题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力达到最大，由牛顿第二定律分析解答．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)5.一工厂用皮带传送装置将从某一高度固定位置平抛下来的物件传到地面，为保证物件的安全，需以最短的路径运动到传送带上，已知传送带的倾角为θ．则（）A.物件在空中运动的过程中，每1s的速度变化不同B.物件下落的竖直高度与水平位移之比为2tanθC.物件落在传送带时竖直方向的速度与水平方向速度之比为D.物件做平抛运动的最小位移为C【解析】解：A、物体在空中运动的过程中，作平抛运动，故加速度为重力加速度g，故每秒的速度变化相同，故A错误；B、小球撞在斜面上，运动方向与斜面垂直，则运动方向与竖直方向的夹角为θ，则===解得：=，故B错误，C正确；D、物体做平抛运动的最小位移：===，故D错误；故选：C物体做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同，当物体运动方向与传送带面垂直时，运动路径最短．本题是有条件的平抛运动，关键要明确斜面的方向反映了速度方向与竖直方向的夹角，运用平抛运动的规律解决这类问题．四、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图所示，左右带有固定挡板、上表面光滑的长木板放在水平桌面上．一质量M=1.0kg的物体A右端与一轻弹簧连接，弹簧右端固定在长木板的右挡板，上面放一质量m=0.5kg的铁块B．长木板静止时弹簧对物体A的压力为3N，物体A与铁块之间的动摩擦因数μ=0.5，现使木板以4m/s2的加速度向左沿水平方向做匀加速运动，当系统稳定时（）A.物体A受到5个力的作用B.物体A对左侧挡板的压力等于3NC.运动过程中弹簧的最大形变量是最小形变量的2倍D.弹簧弹性势能的减少等于A物体动能的增加【答案】AC【解析】解：B、C、D、铁块向左加速，故A对铁块有向左的静摩擦力，故铁块对A有向右的静摩擦力；A和铁块整体受重力、支持力、弹簧弹力，根据牛顿第二定律，有：F=（M+m）a=（1+0.5）×4=6N＞3N故弹簧的弹力增加为2倍，根据F=kx，弹簧的压缩量增加为2倍，弹性势能增加，故B错误，C正确，D错误；A、物体A受重力、支持力、弹簧的弹力、铁块的压力和静摩擦力，共5个力，故A正确；故选：AC．先对铁块受力分析，根据牛顿第二定律列式判断铁块受否受到静摩擦力；再对A和铁块整体受力分析，根据牛顿第二定律判断弹簧的弹力．本题关键是结合牛顿第二定律判断静摩擦力的有无和弹力的有无，不难．7.如图甲所示，一固定在地面上的足够长斜面，倾角为37°，物体A放在斜面底端挡板处，通过不可伸长的轻质绳跨过光滑轻质滑轮与物体B相连接，B的质量M=1kg，绳绷直时B离地面有一定高度．在t=0时刻，无初速度释放B，由固定在A上的速度传感器得到的数据绘出的A沿斜面向上运动的v-t图象如图乙所示，若B落地后不反弹，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则下列说法正确的是（）A.物体A开始下滑的加速度为8m/s2B.物体A沿斜面向上运动的过程中，绳的拉力对A做的功W=3JC.0.25s时物体A的重力的瞬时功率3wD.物体A从底端开始运动到再次返回到底端过程克服摩擦力做功等于物体A的机械能减少【答案】BC【解析】解：A、当B落地后，A开始做减速运动，加速度为a=由牛顿第二定律可得mgsinθ+μmgcosθ=ma1物体A下滑的加速度为mgsinθ-μmgcosθ=ma2联立解得a2=4m/s2，故A错误；B、设绳的拉力为T，对B由牛顿第二定律：M g-T=M a3，解得：T=M g-M a3=1×10-1×4=6N，AB位移相同则由图可知A上升阶段，B的位移为：故绳的拉力对A做功为：W=F x=6×0.5J=3J，故B正确．C、0.25s时速度为1m/s，设A的质量为m，由图象知前4s内B做匀加速运动，对AB整体由牛顿第二定律：M g-mgsinθ-f=（M+m）a3…①0.5s后B向上匀减速直线运动，对B由牛顿第二定律：mgsinθ+f=ma1…②由图象知：a3=4m/s2a1=8m/s2由①②式解得：m=0.5kg故重力的瞬时功率为P=mgvcos53°=5×1×0.6W=3W，故C正确D、物体A从底端开始运动到再次返回到底端过程中物体B对A做功，故物体A克服摩擦力做功不等于物体A的机械能减少，故D错误故选：BCA落地后由v-t图象求的加速度，在下滑过程中利用牛顿第二定律即可求得加速度对B由牛顿第二定律可得绳的拉力，进而可得对A的功．由牛顿第二定律可得A的质量，即可求得0.25s重力功率．由功的公式可判断．本题是综合性比较强的题目，需要熟练掌握运动学，功的计算，难度较大．五、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)8.在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平光滑桌面上铁块A与金属板B间的动摩擦因数．已知铁块A的质量m A=1kg，金属板B的质量m B=0.5kg．用水平力F向左拉金属板B，使其向左运动，弹簧秤的示数如图甲所示，则A、B间的摩擦力Fμ= ______ N，A、B间的动摩擦因数μ= ______ ．（g取10m/s2）．该同学还将纸带连接在金属板B的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点间的时间间隔为0.1s，可求得拉金属板的水平力F= ______ N【答案】2.50；0.25；3.50【解析】解：A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数，F f=F=2.50N．根据F f=μm A g，解得：μ=0.25．由题意可知，金属板做匀加速直线运动，根据△x=a T2，其中△x=2cm=0.02m，T=0.1s，所以解得：a=2.0m/s2．根据牛顿第二定律得：F-F f=m B a，带入数据解得F=3.5N．故答案为：2.50，0.25，3.50．拉动B过程中，A处于平衡状态，其所受滑动摩擦力大小等于弹簧秤示数，根据平衡条件列式求解；根据△x=a T2求出金属板的加速度，然后根据牛顿第二定律，即可求出水平拉力大小．本题借助实验考查了基本规律的应用，平时训练中一定要加强应用基本规律解决实际问题的能了，强调知识的活学活用．9.用如图1所示的实验装置验证牛顿第二定律．①下列做法正确的是______ （填字母代号）A．调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡小车受到的滑动摩擦力时，将装有砂的砂桶通过定滑轮拴在小车上C．实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源D．通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要再次调节木板倾斜度②甲、乙两同学在同一实验室，各取一套如图1所示的装置放在水平桌面上，小车上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图2中甲、乙两条直线．设甲、乙用的小车质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的小车与木板间的动摩擦因数分别为μ甲，μ乙，由图可知，m甲______ m乙、μ甲______ μ乙．（选填“大于”、“小于”或“等于”）．③甲同学在纠正了疏漏之处后，保持小车的质量M不变，改变砂桶与砂的总重力F，多次实验，根据得到的数据，在a-F图象中描点（如图3所示）．结果发现右侧若干个点明显偏离直线，造成此误差的主要原因是______ ．若不断增加砂桶中砂的质量，a-F图象中各点连成的曲线将不断延伸，加速度的趋向值为______ ．【答案】AD；小于；大于；沙桶的质量较大；g【解析】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行．故A正确；B、在调节木板倾斜度平衡小车受到的滑动摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在小车上．故B错误；C、实验时，应先接通电源，再释放小车．故C错误；D、通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度．故D正确．故选：AD．（2）当没有平衡摩擦力时有：T-f=ma，故a=T-μg，即图线斜率为，纵轴截距的大小为μg．观察图线可知m甲小于m乙，μ甲大于μ乙；（3）由于OA段a-F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=M a得a=，而实际上a′=，可见A，B段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的．因为钩码的重力在这个实验中充当小车所收到的合外力，当钩码的重力非常大时，它将带动小车近似做加速度为g的运动．此时由于T=M a因此，拉力约为小车与发射器的总重力，即M g．故答案为：①AD；②小于；大于；③沙桶的质量较大；g；探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车．a-F图象的斜率表示加速度的倒数；求解出加速度与拉力F的表达式后结合图象分析得到动摩擦因素情况．当M＞＞m时，钩码的重力基本等于绳子的拉力，即小车的合力，当不满足M＞＞m时，拉力和钩码的总重力出现明显的差值，图线偏离直线．若所挂钩码不断增加，当钩码的重力非常大时，它将带动小车近似做加速度为g的运动，结合牛顿第二定律得出绳子拉力的趋向值．书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．对于实验中要注意的事项，要知其原因．六、计算题(本大题共3小题，共52.0分)10.研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长，在某次试验中，一质量为50kg的志愿者少量饮酒后驾车以v0=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=39m．减速过程中汽车位移x与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g=10m/s2．求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者比一般人正常时迟缓的时间；（3）从发现情况到汽车停止的过程，汽车对志愿者所做的功．【答案】（1）设减速过程中汽车加速度的大小为a，所用时间为t，由题可得初速度v0=20m/s，解：末速度v t=0，位移s=25m，由运动学公式得：v02=2as①②联立①②式，代入数据得：a=8m/s2③t=2.5s④（2）设志愿者反应时间为t′，反应时间的增加量为△t，由运动学公式得：L=v0t′+s⑤△t=t′-t0⑥联立⑤⑥式，代入数据得：△t=0.3s⑦（3）设志愿者所受合外力的大小为F，志愿者质量为m，由牛顿第二定律得：W=-F x=-ma•x⑧代入数据得：W=-10000J答：（1）减速过程汽车加速度的大小为8m/s2；所用时间为2.5s；（2）饮酒使志愿者比一般人正常时迟缓的时间为0.3s；（3）从发现情况到汽车停止的过程，汽车对志愿者所做的功为-10000J．【解析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出轿车减速过程中的加速度大小，结合速度时间公式求出减速运动的时间．（2）根据反应时间内的位移与轿车刹车后的位移之和求出发现情况到轿车停止行驶的距离．进而求出迟缓的时间．解决本题的关键知道轿车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速运动，结合运动学公式灵活求解，基础题．11.如图所示，一质量为M=5.0kg，长度L=4m的平板车静止在水平地面上，距离平板车右侧S=16.5m处有一固定障碍物．障碍物上固定有一电动机A．另一质量为m=2.0kg 可视为质点的滑块，以v0=8m/s的水平初速度从左端滑上平板车，同时电动机A对平板车施加一水平向右、大小为22.5N的恒力F．1s后电动机A突然将功率变为P=52.5w 并保持不变，直到平板车碰到障碍物停止运动时，电动机A也同时关闭．滑块沿水平飞离平板车后，恰能无碰撞地沿圆弧切线从B点滑入光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑．已知平板车间与滑块的动摩擦因数μ1=0.5，平板车与地面的动摩擦因数μ2=0.25，圆弧半径为R=1.0m，圆弧所对的圆心角∠BOD=θ=106°，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，不计空气阻力，求：（1）0-1s时间内，滑块相对小车运动的位移x；（2）电动机A做功W；（3）滑块运动到圆弧轨道最低点C时对轨道压力的大小F N．【答案】解：（1）对滑块，由牛顿第二定律得：μ1mg=ma1解得：a1═μg=0.5×10=5m/s2对平板车，由牛顿第二定律得：F+μ1mg-μ2（M+m）g=M a2解得：a2=3m/s2设经过时间t1=1s，对滑块有：v1=v0-a1t1=8-5×1=3m/sx1=v0t1-a1t12解得：x1=5.5m；对小车有：v2=a2t1=3×1=3m/s；x2=a2t12=×3×1=1.5m0-1s时间内，小滑块相对小车运动的位移：x=x2-x1=5.5-1.5=4m=L即小滑块刚好滑动到小车右端时两者共速．（2）此时电动机A突然将功率变为P=52.5w并保持不变，设拉力为F′，由功率得：P=F′vF′=μ2（M+m）g所以小滑块和小车两者共速后一起以3m/s的速度向右做匀速直线运动，其位移为：x3=S-x2=16.5-1.5=15m；时间为：t2===5s由功能关系得，电动机A做功：W=F x2+P t2=22.5×1.5+52.5×5=296.25J（3）由题意得，小滑块在B点速度v B有：v B===5m/s；小滑块从B点到C点，由功能关系得：在C点，由牛顿运动定律得：解得：F N=86N由牛顿第三定律可知，滑块在C时对轨道压力的大小为86N答：（1）0-1s时间内，滑块相对小车运动的位移x为4m；（2）电动机A做功W为296.25J（3）滑块运动到圆弧轨道最低点C时对轨道压力的大小F N为86N．【解析】（1）由牛顿第二定律可求得两物体的加速度，再由运动学公式可求两物体的位移，则可求得相对位移；（2）根据功能关系可求得电动机A所做的功；（3）由运动的合成和分解可求得B点的速度，再由功能关系求得C点的速度，由向心力公式即可求得C点时物体受到的支持力．本题综合考查动能定理、功能关系及牛顿第二定律等内容，要注意正确分析力、过程及能量关系，进而才能确定合理的物理规律求解．12.如图所示，某传送带装置倾斜放置，倾角θ=37°，传送带AB长度x o=l0m．有一水平平台CD高度保持6.45m不变．现调整D端位置，当D、B的水平距离合适时，自D端水平抛出的物体恰好从B点沿BA方向冲上斜面，此后D端固定不动，g=l0m/s2．另外，传送带B端上方安装一极短的小平面，与传送带AB平行共面，保证自下而上传送的物体能沿AB方向由B点斜向上抛出．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求D、B的水平距离；（2）若传送带以5m/s的速度逆时针匀速运行，某物体甲与传送带间动摩擦因数μ1=0.9，自A点沿传送带方向以某一初速度冲上传送带时，恰能水平落到水平台的D端，求物体甲的最大初速度v01；（3）若传送带逆时针匀速运行，某物体乙与传送带间动摩擦因数μ2=0.6，自A点以v o2=11m/s的初速度沿传送带方向冲上传送带时，恰能水平落到水平台的D端，求传送带的速度v′．【答案】解：（1）设水平抛出物体的初速度v0，经时间t落入传送带上时，竖直分速度为v y，竖直方向：h-x0sinθ=gt2v y=gttanθ=水平方向距离x=v0t∴x=1.2m（2）由（1）中得sinθ=所以物体从传送带上落下时v=5m/s则物体甲到B端的速度为v=5m/s，则恰能水平落到水平台的D端由动能定理得：-mgx0sinθ-μ1mgcosθx0=mv2-mv012解得：v01=17m/s（3）若传送带对物体的摩擦力方向始终向下，设物体到B端速度v1由动能定理得：-mgx0sinθ-μ2mgcosθx0=mv12-mv022v1无解若传送带对物体的摩擦力方向始终向上，设物体到B端速度v2由动能定理得：-mgx0sinθ+μ2mgcosθx0=mv22-mv022所以v2=m/s＞5m/s故只能是摩擦力方向先向下后向上当摩擦力方向向下时，由牛顿第二定律得mgsinθ+μ2mgcosθ=ma1所以a1=10.8m/s2当摩擦力方向向上时，由牛顿第二定律得mgsinθ-μ2mgcosθ=ma2所以a2=1.2m/s2设传送带速度为v′，则有′′解得：v′=2m/s答：（1）D、B的水平距离为1.2m；（2）若传送带以5m/s的速度逆时针匀速运行，某物体甲与传送带间动摩擦因数μ1=0.9，自A点沿传送带方向以某一初速度冲上传送带时，恰能水平落到水平台的D端，求物体甲的最大初速度v01为17m/s；（3）若传送带逆时针匀速运行，某物体乙与传送带间动摩擦因数μ2=0.6，自A点以v o2=11m/s的初速度沿传送带方向冲上传送带时，恰能水平落到水平台的D端，求传送带的速度v′为2m/s．【解析】（1）从B点飞出后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式列式即可求解；（2）先根据几何关系求出物体从传送带上落下时的速度，再由动能定理即可求解；（3）分摩擦力方向始终向上和向下两种情况，根据动能定理列式求出速度，从而判断摩擦力的方向，再根据牛顿第二定律列式求解．本题主要考查牛顿第二定律和功能关系的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，选择合适的公式求解，难度适中．高中物理试卷第11页，共11页。
2015年四川省高考物理试卷(含详细答案)
2015年普通高等学校招生全国统一考试（四川）物理试卷第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。
每题选出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。
1.在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计空气阻力，则落在同一水平地面地面时的速度大小A.一样大B.水平抛的最大C.斜向上抛的最大D.斜向下抛的最大2.平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两小木块每分钟上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰。
这列水面波A.频率是30HzB.波长是3mC.波速是1m/sD.周期是0.1s3.直线P1P2过均匀玻璃球球心O,细光束a,b平行且关于P1P2对称，由空气射入玻璃球的光路如图。
a，b光相比A.玻璃对a光的折射率较大B.玻璃对a光的临界角较小C.b光在玻璃中的传播速度较小D.b光在玻璃中的传播时间较短4.小型发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO’，线圈绕OO’匀速转动，如图所示。
矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，则发电机输出电压A.峰值是e0B. .峰值是2e0C.D.Ne05．登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星。
地球和火星是公转视为匀速圆周运动。
忽略行星自转影响：根据下表，火星和地球相比AB．火星做圆周运动的加速度较小C．火星表面的重力加速度较大D．火星的第一宇宙速度较大6．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过p点到达某点Q（图中未画出）时速度为零。
则小球aA．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到P的过程中，速率先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量7．如图所示，S处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN垂直于纸面，在纸面内的长度L=9.1cm，中点O与S间的距离d=4.55cm，MN与SO直线的夹角为θ,板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场,磁感应强度B＝2.0×10－4T，电子质量m＝9.1×10－31kg，电量e=1.6×10－19C，不计电子重力。
四川省成都市2015届高三第一次诊断试题 物理 Word版含答案
成都市2015届高中毕业班第一次诊断性检测理科综合物理部分理科综合共300分，考试用时150分钟。
1．物理试卷分为第1卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，第1卷1至2页，第Ⅱ卷3至5页，共110分。
2．答卷前，考生务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡上；并在规定位置粘贴考试用条形码。
答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。
考试结束后，只将答题卡交回。
第1卷注意事项：1．每题选出答案后，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
2．本卷共7题，每题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．下列说法正确的是A千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位B质点、点电荷、匀速直线运动均属于理想化物理模型C卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量D 分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式2．如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第1象限内，磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里。
一质量为m、电荷量绝对值为q、不计重力的粒子，以某速度从O点沿着与，轴夹角为30。
的方向进入磁场，运动到A点时，粒子速度沿z轴正方向。
下列判断正确的是A粒子带正电B运动过程中，粒子的速度不变c粒子由。
到A经历的时间为D离开第豫限时，粒子的速度方向与z轴正方向的夹角为30~3．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。
图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为1：4。
若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是A．在图示轨道上，“轨道康复者”的速度大于7．9 km／sB在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的4倍c．在图示轨道上，“轨道康复者”的周期为3 h，且从图示位置开始经1．5 h与同步卫星的距离最近D若要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者”应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接4．如图所示，质量均为m的木块A和B，用劲度系数为^的轻质弹簧连接，最初系统静止。
四川省成都市2015届高三第一次一诊模拟检测物理试题(解析版)
摩西考前（二）物理部分总分110分时间60分钟物理试题卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第I卷（选择题共42分）一、选择题第1卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。
以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是( )A．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大C．两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢D．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”。
2．在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A．灯泡L变亮B．电源的输出功率变大C．电容器C上的电荷量减少D．电流表读数变小，电压表读数变大3．一颗科学资源探测卫星的圆轨道经过地球两极上空，运动周期为T=1.5h，某时刻卫星经过赤道上A城市上空。
已知：地球自转周期T0，地球同步卫星轨道半径r，万有引力常量为G，根据上述条件（）A. 可以计算地球的球半径B. 可以计算地球的质量C. 可以计算地球表面的重力加速度D. 可以断定，再经过12h卫星第二次到达A城市上空4．一物体从地面由静止开始运动，取地面的重力势能为零，运动过程中重力对物体做功W1，阻力对物体做功W2，其它力对物体做功W3，则该过程终态时（）A．物体的动能为W1＋W2B．物体的重力势能为W1C ．物体的机械能为W 2 ＋W 3D ．物体的机械能为W 1 ＋W 2 ＋W 35. 1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱仪的研究荣获了诺贝尔化学奖。
若一束粒子（不计重力）由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法正确的是（ ）A ．该束带电粒子带负电B ．速度选择器的上极板带负电C ．在磁场B 2中运动半径越大的粒子，质量越大D ．在磁场B 2中运动半径越大的粒子，比荷q/m 越小6. 右下图所示为一电流表的原理示意图。
绵阳市高中第一次诊断性考试物理
绵阳市高中第一次诊断性考试物理本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，两卷共8页。
满分300分，考试时间150分钟。
第Ⅰ卷答案涂在答题卡上，第Ⅱ卷答案写在答题卷上。
第Ⅰ卷(选择题)注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用4B或5B铅笔准确涂写在答题卡上，同时将第Ⅱ卷答卷密封线内的项目填写清楚。
2．第1卷每小题选出答案后，用4B或5B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上。
14．如图，是甲、乙两辆汽车在同一条平直公路上做直线运动的υ—t图像，在t==0时刻，两车正好并行．则A．在t1时刻，两车加速度相同B．在t1时刻，两车位移相同C．在t2时刻，两车速度相同D．在t2时刻，两车位移相同15．如图所示，物体B放在物体A上，B、C是长方体木块，当B、C一起在光滑固定斜面A上从静止开始下滑时A．C不受B的摩擦力作用B．当mB>mC时，C受到B的摩擦力沿斜面方向向下C．当mB<mC时，C受到B的摩擦力沿斜面方向向下D．只有当mB==mC时，B、C间才没有摩擦力16．如图所示，质量为m的物体在不光滑的水平面上运动，经过A点时的速度为υ，在物体从A点到B点的运动过程中A．υ越大，摩擦力对物体的冲量越大，摩擦力做功越大B，υ越大，摩擦力对物体的冲量越小，摩擦力做功越小C．υ越大，摩擦力对物体的冲量越小，摩擦力做功与υ大小无关D．υ越大，摩擦力对物体的冲量越大，摩擦力做功与υ，大小无关17．如图所示，有两条黑、白毛巾，黑毛巾对折，白毛巾放在黑毛巾的两层之间，白毛巾通过细线与墙壁连接，黑毛巾的中部用细线拉住．细线均水平，黑毛巾的质量为2m，白毛巾质量为m，毛巾之间及毛巾与地面间的动摩擦因数均为μ，欲将黑、白毛巾分离开来，则将黑毛巾匀速拉出开始时需加水平力为A．6μmg B．5μmg C．4μmg D．3μmg18．我国自行研制发射的“风云一号”、“风云二号”气象卫星的运行轨道是不同的．“风云一号”是极地圆形轨道卫星，其轨道平面与赤道平面垂直，周期为T==12h；“风云二号”是地球同步轨道卫星，其轨道平面就是赤道平面．两颗卫星相比A．“风云一号”离地面较高D．“风云一号”每个时刻可观察到的地球表面范围较大C．“风云一号”的向心力加速度较大D．“风云一号”线速度较小19．如图所示，长为l的轻杆一端固定一质量为m的小球，另一端有固定转轴O，杆可在竖直平面内绕转轴O无摩擦转动．已知小球通过最低点Q时，速度大小为υ==2gl，则小球的运动情况为A．小球能到达圆周轨道的最高点P，且在P点受到轻杆对它向下的弹力B．小球能到达圆周轨道的最高点P，且在P点受到轻杆对它向上的弹力C．小球能到达圆周轨道的最高点P，但在P点不受轻杆对它的作用力D．小球不可能到达圆周轨道的最高点P20．如图所示，一根轻弹簧竖直放在水平地面上，一个物块从高处自由下落到弹簧上端O，将弹簧压缩，弹簧被压缩x0时物块的速度变为零．从物块与弹簧接触开始，物块的速度υ，的大小随下降的位移x变化情况与下列四个图象中的哪一个比较一致？21．如图所示，一轻弹簧左端固定在长木板M的左端，右端与小木块m连接，且m与M及M与地面间接触光滑．开始时，m和M均静止，现同时对m、M施加等大反向的水平恒力F1和F2，从两物体开始运动以后的整个过程中，弹簧形变不超过弹弹性限度．对于m、M和弹簧组成的系统A．由于F1、F2等大反向，故系统机械能守恒B．当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，M、m的动能都为零C．由于F1、F2大小不变，所以m、M各自一直做匀加速运动D．由于F1、F2等大反向，故系统的动量始终为零第Ⅱ卷(非选择题)注童事项：答第Ⅱ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号用钢笔或圆珠笔(蓝、黑色)写在答题卷密封线内相应的位置。
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绵阳市高中2012级第一次诊断性考试理科综合物理理科综合考试时间共150分钟，满分300分。
其中，物理110分，化学100分，生物90分。
物理试题卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至4页，共4页。
考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。
考试结束后，将试卷交回。
第Ⅰ卷（选择题 共42分）注意事项：必须用2B 铅笔在答题卡上将所选答案对应的标号涂黑。
第Ⅰ卷共7题，每题6分。
在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。
1. 爱因斯坦说：“伽利略理想斜面实验指出了真正建立动力学基础的线索。
”伽利略根据理想斜面实验A. 否定了“摩擦力是改变物体运动状态的原因”B. 否定了“物体越重下落越快”C. 认为“物体不受力的作用将永远运动下去”D. 认为“力是产生加速度的原因”2．如图是一质点做直线运动的v —t 图像。
在0—8s 过程中 A. 第1个2s 内的位移和第4个2s 内的位移相同B. 第4s 末与第6s 末的位置相同C. 第5s 内的加速度与第6s 内的加速度方向相反D. 前4s 的平均速度与后4s 的平均速度相同3. 一同学用如图所示方式体验力的作用效果。
轻绳的一端系一不太重的物体，另一端点套在食指上的B 点，用一支铅笔（可视为轻杆）的一端水平支在轻绳的O 点，铅笔的笔尖支在手掌上的A 点，手掌和手指在同一个竖直平面内，铅笔始终水平。
则A. 若将绳在食指上的端点稍稍下移，B 点感受到的拉力变小B. 若将绳在食指上的端点稍稍下移，A 点感受到的压力不变C. 若将铅笔向下稍稍平移，保持B 点位置不变，B 点感受到的拉力不变D. 若将铅笔向下稍稍平移，保持B 点位置不变，A 点感受到的压力变小4. 如图，在竖直平面内，直径为R 的光滑半圆轨道和半径为R 的光滑四分之一圆轨道水平相切于O 点，O 点在水平地面上。
可视为质点的小球从O 点以某一初速度进入半圆，刚好能通过半圆的最高点A ，从A 点飞出后落在四分之一圆轨道上的B 点，不计空气阻力，g=10m/s2。
则B 点与A 点的竖直高度差为 A. ()215R - B. ()215R + C. ()1015R - D. ()1015R +5. 2014年9月川东地区持续强降雨，多地发生了严重的洪涝灾害。
如图为某救灾现场示意图，一居民被洪水围困在被淹房屋屋顶的A 点，直线PQ 和MN 之间是滔滔洪水，之外为安全区域。
已知A 点到直线PQ 和MN 的距离分别为AB=d1和AC=d2，设洪水流速大小恒为v1，武O A B警战士驾驶的救生艇在静水中的速度大小为v2（v1＜v2），要求战士从直线PQ 上某位置出发以最短的时间到达A 点，救人后以最短的距离到达直线MN 。
则A. 战士驾艇的出发点在B 点上游距B 点距离为121d υυB. 战士驾艇的出发点在B 点下游距B 点距离为121d υυC. 救人后船头应指向上游与上游方向所成夹角的余弦值为12υυD. 救人后船头应指向下游与下游方向所成夹角的余弦值为21υυ 6. 如图，光滑斜面的底端固定一垂直于斜面的挡板，质量相同的A 、B 两物体由轻弹簧连接，放在斜面上，最初处于静止状态。
现用一平行于斜面的力F 拉B 物体沿斜面向上做匀加速直线运动，以B 物体初始位置为坐标原点、沿斜面向上建立Ox 坐标轴，在物体A 离开挡板之前（弹簧一直处于弹性限度内），外力F 和挡板对A 物体的支持力N 随B 物体的位置坐标x 的变化关系图线正确的是7．如图所示，两个倾角都为30°、足够长的光滑斜面对接在一起并固定在地面上，顶端安装一光滑的定滑轮，质量分别为2m 和m 的A 、B 两物体分别放在左右斜面上，不可伸长的轻绳跨过滑轮将A 、B 两物体连接，B 与右边斜面的底端挡板C 之间连有橡皮筋。
现用手握住A ，使橡皮筋刚好无形变，系统处于静止状态。
松手后，从A 、B 开始运动到它们速度再次都为零的过程中（绳和橡皮筋都与斜面平行且橡皮筋伸长在弹性限度内）A. A 、B 的机械能之和守恒B. A 、B 和橡皮筋的机械能之和守恒C. A 的重力势能减少量大于橡皮筋弹力所做的功D. 重力对A 做功的平均功率小于橡皮筋弹力对B 做功的平均功率 第Ⅱ卷（非选择题 共68分）注意事项：必须用0.5毫米黑色墨迹签字笔在答题卡上题目所指示的答题区域内作答。
作图可先用铅笔绘出，确认后再用0.5毫米黑色墨迹签字笔描清楚。
答在试题卷、草稿纸上无效。
第Ⅱ卷共4题。
8.（17分）（1）（6分）如图，将酒精灯和装有适量水的试管固定在小车上，小车放在较光滑的水平桌面上，用橡胶塞子塞住（不漏气）试PMA管口，现让小车处于静止，点燃酒精灯给试管中水加热。
当加热一段时间后，橡胶塞子向右喷出时，可以观察到小车向 （选填“左”或“右”）运动，在这个过程中，整个小车（含酒精灯和装有适量水的试管）对橡胶塞子的作用力与橡胶塞子对小车的作用力方向______（选填“相同”或“相反”），整个小车受到的合外力方向向_______（选填“左”、“右”、“上”或“下”）。
（2）（11分）用如图所示装置来完成“探究加速度与力、质量的关系”实验。
① 下列操作需要且正确的有 。
A. 将长木板的带定滑轮的一端适当垫高，以消除摩擦力的影响B. 用天平测出小车的质量M 和钩码的质量m ，当M 远大于m时，可认为小车受到的拉力F=mgC. 正确安装好装置后，将小车停在靠近打点计时器处，接通电源待计时器工作稳定后再释放小车D. 选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量② 某小组的同学在用该实验装置探究加速度与质量之间的关系，保持拉力不变，改变小车的质量，打出的纸带如图，O 为计数起始点，选取的测量点为1、2、3、4、5、6，相邻两点之间还有四个点没标出，纸带上标出了各测量点到O 点的距离，打点计时器的工作频率为50Hz 。
得到的数据记录在上表中，第3次实验测得小车的加速度是_____ m/s2。
根据实验测得的数据，为探究加速度与质量的关系，请建立合理的坐标系，描出相应的关系图像。
根据图像可知：在物体所受外力一定时，物体的加速度与质量__________。
9.（15分）2013年12月14日，我国的“嫦娥三号”探月卫星实现月面软着陆。
落月是从15km 高度开始，经过了大约12min 时间，嫦娥三号依靠自主控制，经过了主减速段、快速调整段、接近段、悬停段、避障段、缓速段等6个阶段，相对速度从1.7km/s 逐渐减为零，最后以自由落体方式走完几米之后，平稳“站”上月球表面。
（1）已知月球质量是地球质量的811，月球半径是地球半径的41。
若嫦娥三号从h = 8.1m 高度自由下落到月球表面，与在地球上从多大高度自由下落到地面的着陆速度相同？（2）“玉兔号”是无人驾驶月球车，最大速度可达到200m/h ，在一次执行指令时，它从静止开始以额定功率启动，在水平月面上做直线运动，经18s 达到最大速度，已知月球表面重力加速度为1.8m/s2，月球车所受阻力恒为车重的0.02倍。
求这段时间内月球车运动的距离（结果保留两位有效数字）。
10.（17分）多米诺骨牌是一种文化，它起源于中国，有着上千年的历史。
码牌时，骨牌会因意外一次次倒下，参与者时刻面临和经受着失败的打击。
遇到挫折不气馁，鼓起勇气，重新再来，人只有经过无数这样的经历，才会变得成熟，最终走向成功。
如图为骨牌中的一小段情景，光滑斜面轨道AB 、粗糙水平轨道CE 与半径r=0.5m 的光滑圆轨道相切于B 、C 两点，D 点为圆轨道最高点，水平轨道末端E 离水平地面高h=0.8m ，骨牌触碰机关F 在水平地面上，E 、F 两点间的距离s=1m 。
质量m=0.2kg 的小钢球（可视为质点）从A 点自由释放，到达D 点时对轨道压力为其重力的0.5倍，从E 点抛出后刚好触动机关F 。
重力加速度g=10m/s2，不计圆轨道在B 、C 间交错的影响，不计空气阻力。
求：（1）小钢球在水平轨道上克服阻力做的功；（2）A 点离水平地面的高度。
11.（19分）如图，在光滑水平轨道的右方有一弹性挡板，一质量为M=0.5kg 的木板正中间放有一质量为m=2kg 的小铁块（可视为质点）静止在轨道上，木板右端距离挡板x0=0.5m ，铁块与木板间动摩擦因数μ=0.2。
现对铁块施加一沿着轨道水平向右的外力F ＝10N ，木板第一次与挡板碰前瞬间撤去外力。
若木板与挡板碰撞时间极短，反弹后速度大小不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。
（1）木板第一次与挡板碰撞前经历的时间是多长？（2）若铁块和木板最终停下来时，铁块刚好没滑出木板，则木板有多长？（3）从开始运动到铁块和木板都停下来的整个过程中，木板通过的路程是多少？绵阳市高2012级第一次诊断性考试理科综合·物理 参考答案及评分意见第Ⅰ卷（选择题 共42分）共7题，每题6分。
在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。
A1.C2.B3. D4.A5.A6. AD 7 .BC第Ⅱ卷（非选择题 共68分）8.（17分）（1）左，相反，左。
（每空2分）。
（2）①BC （2分）；② 0.99（3分）；如图所示（4分，其中：标出坐标系的横坐标为a ，纵坐标为M 1各1分，规范描点并作出正确图像，2分）；成反比（2分）。
9．解：（1）设月球质量为M ，半径为R ，其表面重力加速度为g ，地球质量为M '，半径为R '，其表面重力加速度为g '，则 mg R GMm =2 ………（2分）g m R m M G '=''2 ………（2分）解得 g g '=8116设着陆速度为v ，月球表面自由下落h 高度相当于地球上下降h '高度，则gh 22=υ ………（1分）h g ''=22υ ………（1分）解得 6.1='h m ………（1分）（2）设月球车的质量为m ，额定功率为P ，阻力为f ，最大速度为vm ，在t=18s 时间内位移为x ，则有221m m fx Pt υ=- ………（3分）m f P υ= ………（2分）mg f 02.0= ………（1分）解得 x=0.96m ………（2分）10．解：（1）设小钢球过E 点时的速度为vE ，从E 点到F 点的水平距离为x ，则1.002.003.004.005.00 0.50 1.00 1.50 2.0022h s x -= ………（1分）t x E υ= ………（1分）221gt h = ………（1分）设小球运动到D 点时速度为vD ，轨道对小球作用力为N ，则r m mg N D 2υ=+ ………（2分）由牛顿第三定律得 mg N N 5.0='= ………（1分）解得 5.1=E υm/s ，230D =υm/s 设小球从D 点运动到E 点过程中，在水平轨道上克服阻力做功为f W ，则2221212D E f m m W r mg υυ-=-⋅ ………（3分）解得525.2=f W J ………（2分） （2）设A 点离水平地面高度为H ，小球从A 点运动到D 点过程中有221)2(D m r h H mg υ=-- ………（4分）解得 H=2.175m ………（2分）11．解：（1）设木板靠最大静摩擦力或滑动摩擦力产生的加速度为am ，则am=M mgμ=8m/s2 ………（1分）假设木板与物块不发生相对运动，设共同加速度为a ，则a=m M F+=4m/s 2 ………（1分）因a<am ，所以木板在静摩擦力作用下与物块一起以加速度a 运动。