2020高考生物一轮复习配餐作业：15 孟德尔的豌豆杂交实验(一) 含解析

配餐作业(十五)孟德尔的豌豆杂交实验(一)见学生用书P3131．(2018·辽宁协作体联合模拟)孟德尔通过植物杂交实验，探索遗传规律，他采用了严谨的科学方法，下列选项正确的是() A．“一对相对性状的杂交实验和结果”——分析问题，提出假说B．“测交实验和结果”——分析问题，寻找规律C．“分离定律的本质”——发现问题，提出假说D．“对分离现象的解释”——分析问题，提出假说解析孟德尔通过植物杂交实验，探索遗传规律过程中，“一对相对性状的杂交实验和结果”属于观察实验，发现问题，A错误；通过进行测交实验验证假说，即“测交实验和结果”属于设计实验，进行验证，B错误；提出“分离定律的本质”属于对结果综合分析后总结规律，C错误；“对分离现象的解释”属于分析问题，提出假说，D正确。

答案 D2．(2018·甘肃天水一中阶段测试)孟德尔利用豌豆的一对相对性状的杂交实验得出了基因的分离定律。

下列关于孟德尔的遗传学实验的叙述中，正确的是()A．豌豆为闭花传粉植物，在杂交时应在父本花粉成熟前做人工去雄、套袋处理等B．孟德尔根据亲本中不同个体表现型来判断亲本是否纯合C．杂交实验过程运用了正反交实验，即紫花(♀)×白花(♂)和白花(♂)×紫花(♀)D．F2的3∶1性状分离比依赖于雌雄配子的随机结合解析豌豆为闭花传粉植物，进行人工杂交实验时，在花蕾期对母本进行人工去雄、套袋处理，A错误；孟德尔根据亲本的杂交后代有无性状分离判断亲本是否纯合，B错误；杂交实验过程运用了正反交实验，即紫花(♀)×白花(♂)和白花(♀)×紫花(♂)，C错误；F2的3∶1性状分离比依赖于雌雄配子的随机结合，D正确。

答案 D3．玉米中因含支链淀粉多而具有粘性(由基因W控制)的籽粒和花粉遇碘不变蓝；含直链淀粉多不具有粘性(由基因w控制)的籽粒和花粉遇碘变蓝色。

W对w完全显性。

把WW和ww杂交得到的种子播种下去，先后获取花粉和籽粒，分别滴加碘液观察统计，结果应为()A．花粉1/2变蓝、籽粒3/4变蓝B．花粉、籽粒各3/4变蓝C．花粉1/2变蓝、籽粒1/4变蓝D．花粉、籽粒全部变蓝解析WW和ww杂交得到的种子即F1(Ww)播种下去，获取的花粉的基因型为W、w，比例是1∶1，分别滴加碘液观察统计，蓝色占1/2；WW和ww杂交得到的种子即F1(Ww)播种下去，获取的籽粒即F2的基因型为WW、Ww、ww，其比例是1∶2∶1，滴加碘液观察统计，蓝色占1/4。

答案 C4．孟德尔通过杂交实验发现了一些有规律的遗传现象，通过对这些现象的研究提出了遗传的两大基本规律。

下列哪项不是这些有规律遗传现象出现所必需的因素()A．F1体细胞中各基因遗传信息表达的机会相等B．F1自交后代各种基因型发育成活的机会相等C．各基因在F2体细胞中出现的机会相等D．每种类型雌配子与每种类型雄配子相遇的机会相等解析本题考查孟德尔遗传规律的相关知识，属于考纲分析判断层次，难度中等。

F1体细胞中的基因在不同阶段进行选择性表达，表达的机会不相等。

答案 A5．(2018·湖南十三校第一次联考)假说—演绎法是现代科学研究中常用的方法，利用该方法孟德尔发现了两个遗传规律。

下列有关分析正确的是()A．孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制的”B．孟德尔发现的遗传规律可以解释所有有性生殖生物的核遗传现象C．孟德尔在发现基因分离定律时的“演绎”过程：若F1产生配子时成对遗传因子分离，则F2中三种基因型个体比接近1∶2∶1 D．提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的解析孟德尔未提出“基因”这一概念，A错；孟德尔的遗传规律不能解释连锁互换定律，B错；孟德尔在发现基因分离定律时的“演绎”过程是若F1产生配子时成对遗传因子分离，则测交后代会出现两种性状，分离比接近1∶1，C错。

故选D。

答案 D6．(2018·洛阳统考一)基因型为Aa的一株玉米自交后得F1，选取F1中显性个体分别进行自交和自由交配，两种交配所得F2群体中a的基因频率和Aa的基因型频率之间的关系为()A．a的基因频率相同，Aa的基因型频率相同B．a的基因频率相同，Aa的基因型频率不同C．a的基因频率不同，Aa的基因型频率相同D．a的基因频率不同，Aa的基因型频率不同解析F1的显性个体(1/3AA、2/3Aa)在自交和自由交配过程中由于配子的结合概率不同，其后代的基因型概率也不同，自交后代中Aa占2/3×1/2＝1/3；而自由交配的过程可以通过基因频率(A＝2/3，a＝1/3)计算，后代中Aa占2×2/3×1/3＝4/9，但二者的基因频率相同，故B项正确。

答案 B7．果蝇的长翅(V)对残翅(v)为显性，但将纯合长翅品系的幼虫在35 ℃条件下培养，得到的成体果蝇为残翅。

下列叙述正确的是()A．35 ℃条件下果蝇的长翅基因突变成了残翅基因B．果蝇的长翅和残翅是由环境温度决定的C．在35 ℃条件下培养纯合的长翅果蝇幼虫，得到的残翅性状是不能遗传的D．如果有一只残翅果蝇，只要让其与另一只异性的残翅果蝇交配，就能确定其基因型解析本题考查基因型与表现型的关系。

表现型是基因型与环境共同作用的结果，由环境引起的变异属于不可遗传的变异。

答案 C8．测交法可用来检验F1是不是纯合子，其关键原因是()A．测交子代出现不同的表现型B．测交不受其他花粉等因素的影响C．与F1进行测交的个体是隐性纯合子D．测交后代的表现型及比例直接反映F1的配子类型及比例解析本题考查对测交实验的分析，意在考查考生对测交实验的理解及应用能力。

用测交实验来检测F1是不是纯合子，是将F1和隐性纯合子杂交，由于隐性纯合子只能产生一种类型的配子，所以，子代表现型及比例能直接反映F1产生配子的类型及比例，D正确。

答案 D9．(2018·大连统考)丈夫血型为A型，妻子血型为B型，生了一个血型为O型的儿子。

这对夫妻再生一个与丈夫血型相同的女儿的概率是()A．1/16 B．1/8C．1/4 D．1/2解析已知人类的ABO血型是由常染色体上的等位基因控制的，其中A型血的基因型是I A I A或I A i；B型血的基因型是I B I B或I B i；AB型血的基因型是I A I B；O型血的基因型是ii。

由题意分析，丈夫血型A型，妻子血型B型，生了一个血型为O型的儿子，说明丈夫基因型是I A i，妻子基因型是I B i，这对夫妇再生一个孩子基因型可能为I A i、I B i、I A I B、ii，所以他们生一个与丈夫血型相同的女儿的概率是1/4×1/2＝1/8。

答案 B10．(2017·唐山一模)黄瓜是雌雄同株异花的二倍体植物，果皮颜色(绿色和黄色)受一对等位基因控制。

为了判断这对相对性状的显隐性关系，甲乙两同学分别从某种群中随机选取两个个体进行杂交实验，请回答：(1)甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表现型。

请问是否一定能判断显隐性？______，为什么？____________________________________________________________________________________________________________。

(2)乙同学做了两个实验，实验一：绿色果皮植株自交；实验二：上述绿色果皮植株做父本、黄色果皮植株做母本进行杂交，观察F1的表现型。

①若实验一后代有性状分离，即可判断________为显性。

②若实验一后代没有性状分离，则需通过实验二进行判断。

若实验二后代________，则绿色为显性；若实验二后代______________________________________，则黄色为显性。

解析(1)具有一对相对性状的纯合亲本杂交，子代表现出的亲本性状为显性性状，子代未表现出的亲本性状为隐性性状；甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表现型，不能判断出该对性状的显隐性关系，因为当显性亲本为杂合子时，后代的表现型均为绿色和黄色。

(2)①杂合子自交，后代会出现性状分离现象，则出现的新性状类型为隐性性状，亲本具有的性状为显性性状。

根据题意，实验一绿色果皮植株自交，若后代有性状分离，即可判断绿色果皮为显性性状。

②若实验一后代没有性状分离，则说明亲本的绿色果皮植株是纯合子，既可能是显性纯合子也可能是隐性纯合子，则需通过实验二进行判断，即用实验一中的绿色果皮植株做父本、黄色果皮植株做母本进行杂交，观察F1的表现型；若实验二后代全部为绿色，则绿色为显性；若实验二后代全部为黄色或黄色∶绿色＝1∶1，则黄色为显性。

答案(1)不能因为显性亲本为杂合子时，后代的表现型为绿色和黄色，因此无法判断显隐性(2)①绿色②全部为绿色全部为黄色或黄色∶绿色＝1∶111．(2018·广东中山一中第一次统测)如图所示为一对夫妇的基因型和他们子女的基因型及对应的表现型(秃顶与非秃顶)。

有另一对夫妇的基因型为b＋b和bb，则生一个非秃顶孩子的概率为()A．1/2 B．1/3C．1/4 D．3/4解析据图可知，b＋b＋在男性和女性中均表现为非秃顶，bb在男性和女性中均表现为秃顶、而杂合子b＋b(或bb＋)在女性中为非秃顶，在男性中为秃顶。

b＋b×bb→b＋b∶bb＝1∶1，故非秃顶孩子的概率为1/2×1/2＝1/4，C正确。

答案 C12．(2018·青岛期中)养貂人让他饲养的貂随机交配，发现平均有16%的貂皮肤粗糙(常染色体的隐性基因控制)，这样的貂售价会降低。

他期望有更多的平滑皮毛的貂，于是决定不让粗糙皮肤的貂参与交配产生后代，则下一代中，皮肤粗糙个体所占的比例是() A．1/49 B．2/49C．4/49 D．8/49解析设貂皮肤粗糙由a基因控制，由题意知aa＝16%，则a ＝40%，A＝60%，因此该种群中AA＝36%，Aa＝2×60%×40%＝48%；如果不让粗糙皮肤的貂参与交配产生后代，则亲代交配个体的基因型为AA和Aa，且比例是36%∶48%＝3∶4，下一代中，皮肤粗糙个体所占的比例是aa＝47×47×14＝449，C正确。

答案 C13．(2017·江西红色七校二模)一豌豆杂合子(Aa)植物自交时，下列叙述错误的是()A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隐性个体有50%的死亡造成的C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%的死亡造成的解析理论上Aa自交后代应为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，若自交后代AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，则可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的，A正确；若自交后代AA∶Aa∶aa＝2∶2∶1，则可能是显性杂合子和隐性个体都有50%的死亡造成的，B错误；若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C正确；若花粉有50%的死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1，D正确。