2015秋期高三物理第二次月考试题(带答案)
高三物理下学期月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
四川省德阳市中江中学2015届高三下学期月考物理试卷一.〔选择题共42分〕1．如下列图，实线是某电场中的电场线，虚线是一个带负电的粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，假设带电粒子是从a处运动到b处，以下判断正确的答案是( )A．带电粒子从a到b加速度减小B．带电粒子在b处电势能大C．b处电势高于a处电势D．带电粒子在b处速度大2．如下列图的电路中，闭合开关S，灯泡L1和L2均正常发光，由于某种原因灯泡L2灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，如此如下结论正确的答案是( )A．电流表读数变大，电压表读数变小B．灯泡L1变亮C．电容器C上电荷量减小D．电源的输出功率可能变大3．一列简谐横波在某时刻的波形如下列图，此时刻质点P的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v一样，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v一样，如此如下判断中不正确的有( )A．波沿+x方向传播，波速为5m/sB．假设某时刻M质点到达波谷处，如此P质点一定到达波峰处C．质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反D．从图示位置开始计时，在2.2s时刻，质点P的位移为﹣20cm4．打磨某剖面如下列图的宝石时，必须将OP、OQ边与轴线的夹角θ切割在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射〔仅考虑如下列图的光线第一次射到OP边并反射到OQ边后射向MN边的情况〕，如此如下判断正确的答案是( )A．假设θ＞θ2，光线一定在OP边发生全反射B．假设θ＞θ2，光线会从OQ边射出C．假设θ＜θ1光线会从OQ边射出D．假设θ＜θ1光线会在OP边发生全反射5．假设地球可视为质量均匀分布的球体，地球外表重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．如此地球的密度为( )A．B．C．D．6．如图1所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图2中曲线a，b所示，如此( )A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为2：3C．曲线a表示的交变电动势频率为25HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10V7．如下列图，匀强磁场的边界为矩形abcd，ab＞ac．一束带正电的粒子以不同的速度v沿cd边从c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况如下说法中正确的答案是( )A．入射速度越小的粒子，其运动时间越长B．从ac边出射的粒子的运动时间都相等C．从ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短D．粒子不可能从bd、cd边出射二.非选择题8．〔17分〕用如下列图的装置验证小球做自由落体运动时机械能守恒，图中O为释放小球的位置，A、B、C、D为固定速度传感器的位置且与O在同一条竖直线上．〔1〕假设当地重力加速度为g，还需要测量的物理量有__________．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．小球下落到每一个速度传感器时下落的高度hD．小球下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2﹣h图象，由图象算出其斜率k，当k=__________可以认为小球下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：__________．9．利用如图〔a〕所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源，电阻箱R〔最大阻值999.9Ω〕，电阻R0〔阻值为3.0Ω〕，电阻R1〔阻值为3.0Ω〕，电流表A〔量程为200mA，内阻为R A=6.0Ω〕，开关S．实验步骤如下：①将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；②屡次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R2；③以为纵坐标，R为横坐标，作﹣R图线〔用直线拟合〕；④求出直线的斜率k和纵轴上的截距b．回答如下问题：〔1〕实验得到的局部数据如下表所示，其中电阻R=3.0Ω时电流表的示数如图〔b〕所示，读出数据，完成下表．答：①__________，②__________．〔2〕根据图〔c〕图线求得斜率k=__________A﹣1Ω﹣1，截距b=__________A﹣1．〔3〕分别用E和r表示电源的电动势和内阻，如此与R的关系式为__________R/Ω 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0 7.0I/A 0.143 0.125 ①0.100 0.091 0.084 0.077I﹣1/A﹣1 6.99 8.00 ②10.0 11.0 11.9 13.0〔4〕根据图线求得电源电动势E=__________V，内阻r=__________Ω．10．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计．求：〔1〕小船从A点运动到B点的全过程抑制阻力做的功W f；〔2〕小船经过B点时的速度大小v1；〔3〕小船经过B点时的加速度大小a．11．〔17分〕用如下列图的水平传送带AB和斜面BC将货物运送到斜面的顶端．传送带AB 的长度L=11m，上外表保持匀速向右运行，运行的速度v=12m/s．传送带B端靠近倾角θ=37°的斜面底端，斜面底端与传送带的B端之间有一段长度可以不计的小圆弧．在A、C处各有一个机器人，A处机器人每隔△t=1.0s将一个质量m=10kg的货物箱〔可视为质点〕轻放在传送带A端，货物箱经传送带和斜面后到达斜面顶端的C点时速度恰好为零，C点处机器人立刻将货物箱搬走．斜面BC的长度s=5.0m，传送带与货物箱之间的动摩擦因数μ0=0.55，货物箱由传送带的右端到斜面底端的过程中速度大小损失原来的，g=10m/s2〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕斜面与货物箱之间的动摩擦因数μ；〔2〕从第一个货物箱放上传送带A端开始计时，在t0=3.0s的时间内，所有货物箱与传送带的摩擦产生的热量Q；〔3〕如果C点处的机器人操作失误，未能将第一个到达C点的货物箱搬走而造成与第二个货物箱在斜面上相撞．求两个货物箱在斜面上相撞的位置到C点的距离．〔本问结果可以用根式表示〕12．〔19分〕如图甲所示，间距为d，垂直于纸面的两平行板P，Q间存在匀强磁场，取垂直于纸面向里为磁场的正方向，磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，t=0时刻，一质量为m，带电量为+q的粒子〔不计重力〕，以初速度v0，由Q板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，当B0和T B取某些特定值时，可使t=0时刻入射的粒子经△t时间恰能垂直打在P板上〔不考虑粒子反弹〕，上述m、q、d、v0为量．〔1〕假设△t=T B，求B0；〔2〕假设△t=T B，求粒子在磁场中运动时加速度的大小；〔3〕假设B0=，为使粒子仍能垂直打在P板上，求T B．四川省德阳市中江中学2015届高三下学期月考物理试卷一.〔选择题共42分〕1．如下列图，实线是某电场中的电场线，虚线是一个带负电的粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，假设带电粒子是从a处运动到b处，以下判断正确的答案是( )A．带电粒子从a到b加速度减小 B．带电粒子在b处电势能大C．b处电势高于a处电势D．带电粒子在b处速度大考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线越密，场强越大，电场力越大，加速度越大．粒子的轨迹向下弯曲可知粒子所受的电场力方向向下，粒子带负电，可判断出电场线的方向，判断出电势上下．根据电场力做功正负，分析电势能的变化和动能的变化．解答：解：A、由图看出，a处电场线比b处疏，如此a处场强比b处小，粒子所受的电场力小于b处的电场力，a处的加速度也比b处的加速度小．故A错误．B、D粒子的轨迹向下弯曲可知粒子所受的电场力方向向下，如此从a运动到b过程中，电场力做负功，电势能增大，动能减小，速率减小．故B正确，D错误．C、电场力方向向下，粒子带负电，可知电场线的方向向上，如此b处电势低于a处电势．故C错误．应当选：B．点评：此题根据轨迹的弯曲方向判断电场线的方向，根据电场线的两个物理意义判断加速度和电势能的大小：电场线的疏密反映场强的大小，顺着电场线电势降低．2．如下列图的电路中，闭合开关S，灯泡L1和L2均正常发光，由于某种原因灯泡L2灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，如此如下结论正确的答案是( )A．电流表读数变大，电压表读数变小B．灯泡L1变亮C．电容器C上电荷量减小D．电源的输出功率可能变大考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：因灯泡L2灯丝突然烧断，外电路总电阻增大，分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道两电表读数的变化与灯泡L2亮度的变化．判断R两端电压的变化，即可知道电容器两端电压的变化，由Q=CU分析电量的变化．根据电源的内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，分析电源的输出功率变化．解答：解：A、B灯泡L2灯丝突然烧断，外电路总电阻增大，总电流减小，根据欧姆定律得知：电源的内电压减小，路端电压增大，故知电流表的读数变小，电压表的读数变大．总电流减小，如此灯泡L1变暗．故A、B错误．C、路端电压增大，灯L1的电压减小，如此电阻R两端的电压增大，电容器两端的电压增大，由Q=CU知，电容器C上电荷量增大．故C错误．D、根据电源的内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，由于电源的内电阻与外电阻关系未知，电源的输出功率可能变大．故D正确．应当选D点评：此题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部〞的顺序进展分析．3．一列简谐横波在某时刻的波形如下列图，此时刻质点P的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v一样，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v一样，如此如下判断中不正确的有( )A．波沿+x方向传播，波速为5m/sB．假设某时刻M质点到达波谷处，如此P质点一定到达波峰处C．质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反D．从图示位置开始计时，在2.2s时刻，质点P的位移为﹣20cm考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．专题：波的多解性．分析：由图读出波长λ=6m．根据图示时刻质点P的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v一样，质点P运动到关于平衡位置对称的位置，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v一样时，回到原来位置，完成一次全振动，如此P振动的周期T=1.2s，而且图示时刻P点的运动沿y轴正方向，可判断出波沿+x方向传播，由公式v=求出波速．图示时刻，质点M与质点Q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反．质点M与P是反相点，振动情况总是相反．从图示位置开始计时，在2.2s时刻，质点P到达波谷．解答：解：A、由图读出波长λ=6m，根据条件分析得到周期T=1.2s，由公式v==5m/s．而且图示时刻P点运动方向沿y轴正方向，如此沿波+x方向传播．故A正确．B、图示时刻，质点M与质点P两点平衡位置之间的距离是半个波长，振动情况总是相反．假设M质点到达波谷处，如此P质点一定到达波峰处．故B正确．C、图示时刻，质点M与质点Q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反．故C错误．D、波的周期T=1.2s，从图示位置开始计时，在2.2s时刻质点P的位置与1.0s时刻的位置一样，到达波谷，位移为﹣20cm．故D正确．此题选错误的，应当选C点评：此题在于关键分析质点P的振动情况，确定P点的运动方向和周期，即可判断波的传播方向．考查把握振动与波动联系的能力．4．打磨某剖面如下列图的宝石时，必须将OP、OQ边与轴线的夹角θ切割在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射〔仅考虑如下列图的光线第一次射到OP边并反射到OQ边后射向MN边的情况〕，如此如下判断正确的答案是( )A．假设θ＞θ2，光线一定在OP边发生全反射B．假设θ＞θ2，光线会从OQ边射出C．假设θ＜θ1光线会从OQ边射出D．假设θ＜θ1光线会在OP边发生全反射考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：发生全反射的条件是光从光密介质射入光疏介质，且入射角大于临界角．根据条件：θ在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射，结合几何关系分析临界角的范围，再进展判断．解答：解：AB、从MN边垂直入射，由几何关系可知光线射到PO边上时的入射角i=﹣θ，据题：θ在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射，说明临界角C的范围为：﹣θ2＜C＜﹣θ1．假设θ＞θ2，光线在PO上入射角i=﹣θ＜﹣θ2＜C，故光线在OP边一定不发生全反射，会从OP边射出．故AB错误．CD、假设θ＜θ1，i=﹣θ＞﹣θ1＞C，故光线在OP边会发生全反射．根据几何关系可知光线OQ边上入射角i′较大，光线会在OQ边发生全反射，故C错误，D正确．应当选：D．点评：此题关键要掌握全反射的条件，熟练应用几何知识帮助分析入射角的大小，即可进展判断．5．假设地球可视为质量均匀分布的球体，地球外表重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．如此地球的密度为( ) A．B．C．D．考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力，如此可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解．解答：解：在两极，引力等于重力，如此有：mg0=G，由此可得地球质量M=，在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，如此有：G﹣mg=m，而密度公式，ρ==，故B正确，ACD错误；应当选：B．点评：考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式．6．如图1所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图2中曲线a，b所示，如此( )A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为2：3C．曲线a表示的交变电动势频率为25HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10V考点：交流发电机与其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：根据图象可分别求出两个交流电的最大值以与周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以与有效值等．解答：解：A、在t=0时刻，线圈一定处在中性面上；故A正确；B、由图可知，a的周期为4×10﹣2s；b的周期为6×10﹣2s，如此由n=可知，转速与周期成反比，故转速之比为：；故B错误；C、曲线a的交变电流的频率f==25Hz；故C正确；D、由E m=NBSω可知===，所以E mb=E ma=10V，曲线b表示的交变电动势有效值为U==5V；故D错误；应当选：AC．点评：此题考查了有关交流电描述的根底知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量．7．如下列图，匀强磁场的边界为矩形abcd，ab＞ac．一束带正电的粒子以不同的速度v沿cd边从c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况如下说法中正确的答案是( )A．入射速度越小的粒子，其运动时间越长B．从ac边出射的粒子的运动时间都相等C．从ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短D．粒子不可能从bd、cd边出射考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子进入磁场做匀速圆周运动，周期为T=，轨迹半径为r=．根据圆的对称性可知，从ac边出射的粒子速度的偏向角一样，如此轨迹的圆心角一样，运动时间必定一样．速度越大，半径越大，从ab边出射的粒子速度的偏向角不同，运动时间不同．解答：解：A、带电粒子进入磁场做匀速圆周运动，轨迹半径为r=，速度越大，半径越大，根据圆的对称性可知，从ac边出射的粒子速度的偏向角都一样，而轨迹的圆心角等于速度的偏向角，如此从ac边出射的粒子轨迹的圆心角θ都一样，粒子在磁场中运动时间为t=T，T一样，如此从ac边出射的速度不同的粒子的运动时间都相等，不是速度越小，时间越长．故A错误，B正确；C、从ab边出射的粒子速度越大，半径越大，如此圆心角越小，粒子在磁场中运动时间为t=T，T相等，所以速度越大，时间运动时间越短，故C正确；D、当速度较大时，圆周运动的半径较大，可以从bd边射出，故D错误．应当选：BC点评：此题带电粒子在有界的磁场中运动的类型，注意根据圆的对称性得到出射时粒子速度和边界的夹角与入射时速度和边界的夹角相等．二.非选择题8．〔17分〕用如下列图的装置验证小球做自由落体运动时机械能守恒，图中O为释放小球的位置，A、B、C、D为固定速度传感器的位置且与O在同一条竖直线上．〔1〕假设当地重力加速度为g，还需要测量的物理量有BC．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．小球下落到每一个速度传感器时下落的高度hD．小球下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2﹣h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g可以认为小球下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．考点：机械能守恒定律．专题：实验题；压轴题；机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．〔2〕根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．〔3〕要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：〔1〕小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．〔2〕由mgh=，得v2=2gh，如此v2﹣h图象的斜率k=2g．〔3〕为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：〔1〕BC；〔2〕2g；〔3〕相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．9．利用如图〔a〕所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源，电阻箱R〔最大阻值999.9Ω〕，电阻R0〔阻值为3.0Ω〕，电阻R1〔阻值为3.0Ω〕，电流表A〔量程为200mA，内阻为R A=6.0Ω〕，开关S．实验步骤如下：①将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；②屡次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R2；③以为纵坐标，R为横坐标，作﹣R图线〔用直线拟合〕；④求出直线的斜率k和纵轴上的截距b．回答如下问题：〔1〕实验得到的局部数据如下表所示，其中电阻R=3.0Ω时电流表的示数如图〔b〕所示，读出数据，完成下表．答：①0.110，②9.09．〔2〕根据图〔c〕图线求得斜率k=1.0A﹣1Ω﹣1，截距b=0.6A﹣1．〔3〕分别用E和r表示电源的电动势和内阻，如此与R的关系式为=R+〔5.0+r〕R/Ω 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0 7.0I/A 0.143 0.125 ①0.100 0.091 0.084 0.077I﹣1/A﹣1 6.99 8.00 ②10.0 11.0 11.9 13.0〔4〕根据图线求得电源电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：〔1〕根据图b所示电流表读出其示数，然后答题．〔2〕应用描点法作出图象，然后根据图象分析答题．〔3〕根据图a所示电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式．〔4〕根据图象与图象的函数表达式求出电源电动势与内阻．解答：解：〔1〕由图b所示可知，电流I=0.110A，故电流的倒数为9.09；〔2〕根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如下列图：由图示图象可知，图象斜率k===1，由图示可知，图象截距：b=6.0；〔3〕电流表与电阻R1并联，两端电压相等，电阻R1的阻值为3.0Ω，电流表内阻为R A=6.0Ω，如此通过电阻R1的电流为为通过电流表的2倍，电流表示数为I，电路电流为3I，并联电阻R并=2Ω，由图a所示电路图可知，E=3I〔R并+R0+R+r〕，如此=R+3=R+〔5.0+r〕；〔4〕由图示图象与图象的函数表达式可知，k=，b=〔5.0+r〕，代入数据解得，电源电动势E=3.0V时，内阻r=1.0Ω；故答案为：〔1〕①0.110；②9.09；〔2〕1；6.0；〔3〕=R+〔5.0+r〕；〔4〕3.0；1.0；点评：此题考查了求图象函数表达式、电表读数、作图象、求电源电动势与内阻问题，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握描点法作图的方法，要会用图象法处理实验数据．10．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计．求：〔1〕小船从A点运动到B点的全过程抑制阻力做的功W f；〔2〕小船经过B点时的速度大小v1；〔3〕小船经过B点时的加速度大小a．考点：运动的合成和分解；牛顿第二定律．专题：压轴题；运动的合成和分解专题．分析：〔1〕根据功的表达式求出阻力所做的功．〔2〕根据动能定理求出小船经过B点时的速度．〔3〕设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，根据牛顿第二定律、功率P=Fu，以与小船速度与绳子收缩速度的关系求出B点的加速度．解答：解：〔1〕小船从A点运动到B点抑制阻力做功W f=fd①〔2〕小船从A点运动到B点，电动机牵引绳对小船做功W=Pt1②由动能定理有③由①②③式解得④〔3〕设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，P=Fu ⑤u=v1cosθ ⑥牛顿第二定律Fcosθ﹣f=ma⑦由④⑤⑥⑦得答：〔1〕A到B点过程中，小船抑制阻力所做的功为fd．〔2〕小船经过B点时速度大小．〔3〕小船经过B点时的加速度大小．点评：此题综合考查了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性较强，对学生能力要求较高，尤其第三问要运用到速度的分解．11．〔17分〕用如下列图的水平传送带AB和斜面BC将货物运送到斜面的顶端．传送带AB 的长度L=11m，上外表保持匀速向右运行，运行的速度v=12m/s．传送带B端靠近倾角θ=37°的斜面底端，斜面底端与传送带的B端之间有一段长度可以不计的小圆弧．在A、C处各有一个机器人，A处机器人每隔△t=1.0s将一个质量m=10kg的货物箱〔可视为质点〕轻放在传送带A端，货物箱经传送带和斜面后到达斜面顶端的C点时速度恰好为零，C点处机器人立刻将货物箱搬走．斜面BC的长度s=5.0m，传送带与货物箱之间的动摩擦因数μ0=0.55，货物箱由传送带的右端到斜面底端的过程中速度大小损失原来的，g=10m/s2〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕斜面与货物箱之间的动摩擦因数μ；〔2〕从第一个货物箱放上传送带A端开始计时，在t0=3.0s的时间内，所有货物箱与传送带的摩擦产生的热量Q；〔3〕如果C点处的机器人操作失误，未能将第一个到达C点的货物箱搬走而造成与第二个货物箱在斜面上相撞．求两个货物箱在斜面上相撞的位置到C点的距离．〔本问结果可以用根式表示〕考点：动能定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕货物箱在传送带上做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出货物箱运动到传送带右端时的速度，进而求出货物箱刚冲上斜面时的速度，货物箱在斜面上向上运动过程中根据运动学公式求出加速度，对货物箱进展受力分析，根据牛顿第二定律即可求得μ；〔2〕3.0s内放上传送带的货物箱有3个，分别求出三个货物箱相对于传送带的位移，根据与传送带的摩擦产生的热量Q等于抑制摩擦力所做的功，即可求解；〔3〕先计算第一个货物箱到达C点时，第二个货物箱的位置，此时第一个货物箱向下加速运动，第二个货物箱向上减速运动，分别求出它们的加速度，再根据运动学公式即可求解解答：解：〔1〕货物箱在传送带上做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律有：μ0 mg=ma0解得：a0=μ0g=5.5m/s2由运动学公式有：v12=2a0L解得货物箱运动到传送带右端时的速度大小为：v1=11m/s货物箱刚冲上斜面时的速度为：v2=〔1﹣〕v1=10m/s货物箱在斜面上向上运动过程中有：v22=2a1s解得：a1=10m/s2根据牛顿第二定律与：mgsinθ+μmgcosθ=ma1解得：μ=0.5〔2〕3.0s内放上传送带的货物箱有3个，前2个已经通过传送带，它们在传送带上的加速时间t1=t2=2.0s；第3个还在传送带上运动，其加速时间为t3=1.0s．前2个货物箱与传送带之间的相对位移为：△s=v t1﹣v1t1=13m第3个货物箱与传送带之间的相对位移为：△s′=vt3﹣v1t3=9.25m前2个货物箱与传送带摩擦产生的总热量为：Q1=2μ0mg△s=1430J。
高三物理15年月考试题(天津卷)DOC
物理学科高三第二次月考卷（仿天津卷）（满分120分，考试时间 90分钟）一、选择题（本题共12个小题，每题给出的四个选项中，1-7只有一个选项正确，每小题5分，共35分；8-12有多个选项正确，每小题6分，共30分；多选题中全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．发射探测火星的飞船必须使飞船的速度超过第二宇宙速度．在下面的哪个地点、向什么方向发射，最节省能量？（ ）A ．发射场建在低纬度地区，向东方发射B ．发射场建在低纬度地区，向南方发射C ．发射场建在高纬度地区，向东方发射D ．发射场建在高纬度地区，向北方发射2．下列说法正确的是A ．做平抛运动的物体，在任何相同时间内速度的改变量一定相等B ．做类平抛运动的物体，所受合外力的方向一定与速度方向垂直C ．做匀速圆周运动的物体，在任何相同时间内速度的改变量一定相等D ．做圆周运动的物体，所受的合外力等于圆周运动所需的向心力3．如图所示，一固定斜面倾角为30°，一质量为m 的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动，加速度大小等于重力加速度的大小3g/4。
物块上升的最大高度为H ，则此过程中，物块的（ ）A.斜面是光滑的 B ．物体克服摩擦力做功为12mgHC ．动能能损失了mgHD ．机械能损失了mgH4．关于功，下列说法正确的是（ ）A. 力和位移都是矢量，所以功也是矢量B. 功只有大小而无方向，所以功是标量C.功既有大小又有正负，所以功是矢量D.功的大小仅由位移决定，位移越大，做功越多5．质量为m 的汽车以恒定加速度a 启动后沿水平道路行驶，经过一段时间t 后将达到额定功率p 。
若行驶中受到的摩擦阻力大小不变,则在加速过程中汽车受到的摩擦阻力为A ．P/atB ．2P/atC ．P/at-maD ．P/at+ma6．如图，在地面上以速度υ0抛出质量为m 的物体，初速度与水平方向的夹角为θ，抛出后物体落在比地面低h 的海平面上，若以地面为零势能参考面，且不计空气阻力，则（ ）A ．重力对物体做的功为mgh+20)sin (21θv mB ．物体在海平面的重力势能为mghC ．物体在海平面上的动能为mgh m +2021υ D ．物体在海平面上的机械能为mgh m +2021υ 7．物体以初速度V 0从A 点出发，沿光滑水平轨道向前滑行，途中经过一小段粗糙程度恒定的轨道并滑离，关于该物体在通过轨道的粗糙部分的前后，下列说法正确的是（ ）A ．初速度V 0越大，物体动能的减少量越大B ．初速度V 0越小，物体动能的减少量越大C ．初速度V 0越大，物体速度的减少量越小D ．初速度V 0越大，物体速度的减少量越大8．研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时。
高中高三物理上学期第二次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题〔14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多项选择，其他题单项选择〕1．关于功和能的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，如此物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生一样的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号〞载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大2．如下列图，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，如下判断正确的答案是〔〕A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，如此车的最大速度为〔〕A． B．C． D．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于〔〕A．物体抑制重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，如此在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是〔〕 A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，抑制摩擦力做功为W2，如此〔〕A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：38．如下列图，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中〔〕A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如下列图；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为〔〕A．tanθ和 B．〔﹣1〕tanθ和C．tanθ和 D．〔﹣1〕tanθ和10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中〔〕A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能11．如图，两根一样的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状一样的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有一样的压缩量，假设撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，如此从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块〔〕A．最大速度一样 B．最大加速度一样C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同12．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都一样，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比拟，如下说法正确的答案是〔〕A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c13．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为〔〕A． B． C． D．14．如下列图，D、A、B、C四点水平间距相等，DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1：3：5．在A、B、C三点分别放置一样的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D点，不计空气阻力，如此如下关于A、B、C三点处的小球说法正确的答案是〔〕A．三个小球在空中运动的时间之比为1：2：3B．三个小球弹出时的动能之比为1：4：9C．三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1：3：5D．三个小球落地时的动能之比为2：5：10二、填空题与实验题〔16分，15题4分16题12分〕15．某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码，使小车在钩码的牵引下运动，以此定量探究绳拉力做功与小车动能变化的关系，此外还准备了打点计时器与配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等，组装的实验装置如下列图．〔1〕假设要完成该实验，必需的实验器材还有哪些．实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，他这样做的目的是如下的哪个〔填字母代号〕A．防止小车在运动过程中发生抖动B．可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C．可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力〔3〕平衡摩擦力后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数较少，难以选到适宜的点计算小车速度，在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决方法：．〔4〕他将钩码重力做的功当做细绳拉力做的功，经屡次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可能是如下哪些原因造成的〔填字母代号〕．A．在接通电源的同时释放了小车B．小车释放时离打点计时器太近C．阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D．钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力．16．验证机械能守恒定律的实验采用重物自由下落的方法：〔1〕用公式mv2=mgh时对纸带上起点的要求是为此目的，所选择的纸带第1，2两点间距应接近．假设试验中所用重锤质量m=1kg，打点纸带的记录如图1所示，打点时间间隔为0.02s，如此记录B点时，重锤的速度v B=，重锤的动能E KB=．从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量是，因此可能得出的结论是．〔3〕即使在实验操作规范，数据测量与数据处理很准确的前提下，该实验求得的△E P也一定略△E k〔填大于或小于〕，这是实验存在系统误差的必然结果，该系统误差产生的主要原因是．〔4〕根据纸带算出相关各点的速度υ，量出下落的距离h，如此以为纵轴，以h为横轴画出的图线应是图2所示图中的四、解答题〔10+8+12+12=42分，写出必要的演算过程、解题步骤与重要关系式，并得出结果〕17．如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m，假设将电荷量均为q=+2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，求：〔1〕两点电荷间的库仑力大小；C点的电场强度的大小和方向．18．如下列图，m A=4kg，m B=1kg，A与桌面间的动摩擦因数μ=0.2，B与地面间的距离s=0.8m，A、B间绳子足够长，A、B原来静止，求：〔1〕B落到地面时的速度为多大；〔用根号表示〕B落地后，A在桌面上能继续滑行多远才能静止下来．〔g取10m/s2〕19．如下列图为“嫦娥三号〞探测器在月球上着陆最后阶段的示意图，首先在发动机作用下，探测器受到推力在距月面高度为h1处悬停〔速度为0，h1远小于月球半径〕，接着推力改变，探测器开始竖直下降，到达距月面高度为h2处的速度为v，此后发动机关闭，探测器仅受重力下落至月面．探测器总质量为m〔不包括燃料〕，地球和月球的半径比为k1，质量比为k2，地球外表附近的重力加速度为g，求：〔1〕月球外表附近的重力加速度大小与探测器刚接触月球时的速度大小；从开始竖直下降到接触月面时，探测器机械能的变化．20．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图，整个轨道在同一竖直平面内，外表粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切．点A距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R，圆心O恰在水面．一质量为m的游客〔视为质点〕可从轨道AB的任意位置滑下，不计空气阻力．〔1〕假设游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面上的D点，OD=2R，求游客滑到B点时的速度v B大小与运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f；假设游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．〔提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m〕河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多项选择，其他题单项选择〕1．关于功和能的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，如此物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生一样的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号〞载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大考点：功能关系；功的计算．分析： A、重力势能的增量等于抑制重力所做的功，与外力做功无关；B、根据做功公式W=Fs，可以判断拉力F对物体做功的情况；C、根据动能定理即可分析两种情况下牵引力做功的大小；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒．解答：解：A、重力势能的增量等于抑制重力所做的功，与外力做功无关，故A错误；B、由W=Fs知，拉力的大小一样，木块的位移也一样，所以拉力对两木块做的功一样多，故B正确；C、根据动能定理可知：W﹣W f=，所以速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h的两种情况下牵引力做的功不同，故C错误；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒，故D错误．应当选：B点评：此题主要考查了重力势能的影响因素，恒力做功公式、动能定理等的直接应用，难度不大，属于根底题．2．如下列图，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，如下判断正确的答案是〔〕A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、D、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向左，因为带电粒子带电性质不确定，所以场强的方向也不能确定，从而不能判断ab两点电势的上下，故AD错误；B、C、带电粒子从a到b点过程中，电场力做负功，电荷的电势能增大，由动能定理，粒子的动能减小，即粒子在a点的动能大于在b点的动能，粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，故BC正确；应当选：BC点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生根本要求，也是重点知识，要重点掌握．3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，如此车的最大速度为〔〕A． B．C． D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速向上运动时，对汽车受力分析，汽车处于受力平衡状态，由此可以求得汽车在上坡情况下的牵引力的大小，由P=Fv分析可得出结论．解答：解：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速运动时，受力平衡，由于汽车是沿倾斜的路面向上行驶的，对汽车受力分析可知，汽车的牵引力F=f+mgsinθ=kmg+mgsinθ=mg〔k+sinθ〕，由功率P=Fv，所以上坡时的速度：，故D正确应当选：D点评：汽车的功率不变，但是在向上运动和向下运动的时候，汽车的受力不一样，牵引力减小了，P=Fv可知，汽车的速度就会变大，分析清楚汽车的受力的变化情况是解决此题的关键．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于〔〕A．物体抑制重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和考点：功能关系；功的计算；动能和势能的相互转化．分析：对物体进展受力分析，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程，表示出地板对物体的支持力所做的功．知道重力做功量度重力势能的变化．解答：解：物体受重力和支持力，设重力做功为W G，支持力做功为W N，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程得：W G+W N=△E kW N=△E k﹣W G由于物体加速上升，所以重力做负功，设物体抑制重力所做的功为：W G′，W G′=﹣W G所以：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+W G′．根据重力做功与重力势能变化的关系得：w G=﹣△E p，所以有：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+△E p．应当选：D．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量．5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变考点：功能关系．分析：重力势能的变化量等于重力对物体做的功．只有重力对物体做功，物体的机械能才守恒．根据动能定理研究动能的变化量．根据动能的变化量与重力的变化量之和求解机械能的变化量．解答：解：A、由质量为m的物体向下运动h高度时，重力做功为mgh，如此物体的重力势能减小mgh．故A正确B错误．C、合力对物体做功W=ma•h=2mgh，根据动能定理得知，物体的动能增加2mgh．故C正确．D、由上物体的重力势能减小mgh，动能增加2mgh，如此物体的机械能增加mgh．故D错误．应当选：AC．点评：此题考查分析功能关系的能力．几对功能关系要理解记牢：重力做功与重力势能变化有关，合力做功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能变化有关．6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，如此在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是〔〕 A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：工件在传送带上运动时先做匀加速运动，后做匀速运动，物体和传送带要发生相对滑动，滑动摩擦力对传送带要做功．根据功能关系求解工件机械能的增量．由运动学公式求解相对位移．解答：解：A、工件从静止开始在摩擦力作用下加速达到v，摩擦力对工件做正功，使工件的动能增加了mv2，根据动能定理知，摩擦力对工件做的功W=mv2，A、B正确D错误．C、工件从开始运动到与传送带速度一样的过程中，工件相对传送带向后运动，设这段时间为t，t==，相对位移l=vt﹣t=t=，C正确．应当选：ABC．点评：当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，内能也要增加，这是解此题的关键地方．7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，抑制摩擦力做功为W2，如此〔〕A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：3考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．专题：动能定理的应用专题．分析：由动能定理可得出汽车牵引力的功与抑制摩擦力做功的关系，由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系；解答：解：对全过程由动能定理可知W1﹣W2=0，故W1：W2=1：1，故C正确，D错误；W1=FsW2=fs′由图可知：s：s′=1：4所以F1：F2=4：1，故A错误，B正确应当选BC点评：此题要注意在机车起动中灵活利用功率公式与动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用．8．如下列图，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中〔〕A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少考点：机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据重力做功，判断重力势能的变化，在整个运动的过程中，有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，通过系统机械能守恒判断重物机械能的变化．解答：解：A、重物由A点摆向最低点的过程中，重力做正功，重力势能减小．故A正确，B错误．C、在整个运动的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，而弹簧的弹性势能增加，如此重物的机械能减小．故C错误，D正确．应当选AD．点评：解决此题的关键掌握重力做功和重力势能的关系，知道系统机械能包括重力势能、弹性势能和动能的总和保持不变．9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如下列图；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为〔〕A．tanθ和 B．〔﹣1〕tanθ和C．tanθ和 D．〔﹣1〕tanθ和考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：两次上滑过程中，利用动能定理列式求的即可；解答：解：以速度v上升过程中，由动能定理可知以速度上升过程中，由动能定理可知联立解得，h=故D正确．应当选：D．点评：此题主要考查了动能定理，注意过程的选取是关键；10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中〔〕A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能考点：功能关系；弹性势能；机械能守恒定律．分析：通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，结合能量守恒定律分析即可．解答：解：A、通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故机械能减小，故A错误；B、通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故B正确；C、垫块的动能转化为弹性势能和内能，故C错误；D、弹簧的弹性势能转化为动能和内能，故D错误．应当选：B．点评：此题关键是明确缓冲器通过摩擦将局部动能转化为内能，还会储存局部弹性势能，再次向内能和动能转化，根底问题．11．如图，两根一样的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状一样的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有一样的压缩量，假设撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，如此从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块〔〕A．最大速度一样 B．最大加速度一样C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同考点：功能关系；弹性势能．分析：使两弹簧具有一样的压缩量，如此储存的弹性势能相等，根据能量守恒判断最后的重力势能．解答：解：A、物块受力平衡时具有最大速度，即：mgsinθ=k△x如此质量大的物块具有最大速度时弹簧的压缩量比拟大，上升的高度比拟低，即位移小，而运动过程中质量大的物块平均加速度较小，v2﹣02=2ax加速度小的位移小，如此最大速度v较小，故A错误；B、开始时物块具有最大加速度，开始弹簧形变量一样，如此弹力一样，根据牛顿第二定律：a=可见质量大的最大加速度较小，故B错误；CD、由题意使两弹簧具有一样的压缩量，如此储存的弹性势能相等，物块上升到最大高度时，弹性势能完全转化为重力势能，如此物块最终的重力势能mgh相等，重力势能的变化量相等，而两物块质量不同，如此上升的最大高度不同，故C正确D错误．应当选：C．点评：此题考查了弹簧问题，注意平衡位置不是弹簧的原长处，而是受力平衡的位置．12．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都一样，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比拟，如下说法正确的答案是〔〕A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：损失的机械能转化成摩擦产生的内能．物体从斜面下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可以比拟三者动能大小，注意物体在运动过程中抑制摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，据此可以比拟摩擦生热大小．解答：解：设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为X，如此物体下滑过程中抑制摩擦力做功为：W=mgμXcosθ，Xcosθ即为底边长度．A、物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能转化成摩擦产生的内能．。
高三物理月考试题及答案-河南安阳市2015届高三第二次教学质量监测理综
安阳市2014—2015学年高三第二次教学质量监测理科综合注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号框。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 一1 C 一12 O 一16 Fe 一56第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，一质量为m 的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起使绳与竖直方向的夹角为θ＝30°，且绳绷紧，则练功队员对沙袋 施加的作用力大小为（ ）A ．B ．C．D ． 【答案】A本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、物体的弹性和弹力。
【解析】如图，对建立直角坐标系对沙袋进行受力分析有：2mg 32mg 33mg 3mg由平衡条件有：联列可解得：故选：A15．《机动车驾驶证申领和使用规定》已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”。
某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，v一t图线如图所示。
若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L＝10．5m，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为（）A．0．5 s B．1．5 sC．3 s D．3．5 s【答案】D本题旨在考查匀变速直线运动的图像。
【解析】根据速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移知：解得：故选：D00cos30sin300F T-=00cos30sin300F F mg+-=2mgF=160.56(0.5)10.52x l t==⨯+⨯⨯-=3.5t s=16．如图所示，半径为R 的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场。
高三物理月考试题及答案-内蒙古鄂尔多斯市乌审旗高中2015届高三上学期第二次月考试卷
内蒙古鄂尔多斯市乌审旗高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1．如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面之的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）A．mg和mg B．mg和mg C．mg和μmg D．mg和μmg2．如图所示，传送带保持2m/s的速度顺时针转动．现将一质量m=0.5kg的物体轻轻地放在传送带的a点上，设物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，a、b间的距离L=3m，则物体从a点运动到b点所经历的时间为（g取10m/s2）（）A．s B．3s C．2s D．1.5 s3．如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等4．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变5．一质量为M的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g．现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球篮中减少的质量为（）A．2（M﹣）B．M﹣C．2M﹣D．06．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变7．如图所示，两个质量分别为m1=2kg，m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A．弹簧秤的示数是10NB．弹簧秤的示数是26NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度为零D．在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度变大8．如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度（v）﹣时间（t）图象可能是（）A．B．C．D．二、解答题（共4小题，满分47分）9．在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的（填字母代号）A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将弹簧秤都拉伸到相同刻度C．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）A．拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．两细绳必须等长．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：S A=16.6mm S B=126.5mm S D=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为s②打C点时物体的速度大小为m/s（取2位有效数字）③物体的加速度大小为m/s2．11．在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？12．（17分）一个质量m=2kg的滑块在倾角为θ=37°的固定斜面上，受到一个大小为40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面匀速上滑．（sin37°=0.6，取g=10m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑．注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】13．下列叙述正确的有（）A．自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性B．外界对气体做正功，气体的内能一定增大C．温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大D．扩散现象与布朗运动都与温度有关E．第二类永动机违反了热力学第二定律14．如图所示，粗细均匀的玻璃细管上端封闭，下端开口，竖直插在大而深的水银槽中，管内封闭有一定质量的空气，玻璃细管足够长，管内气柱长4cm，管内外水银面高度差为10cm．现将玻璃管沿竖直方向缓慢移动．（大气压强相当于75cmHg）求：①若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度；②若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管又应如何移动多少距离．【物理--选修3-5】15．关于天然放射性，下列说法正确的是（）A．所有元素都可能发生衰变B．放射性元素的半衰期与外界的温度无关C．放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D．α、β和γ三种射线，γ射线的穿透力最强E．一个原子核在一次衰变中可同时放出α、β和γ三种射线16．如图所示，A、B两个木块质量分别为2kg与0.9kg，A、B与水平地面间接触光滑，上表面粗糙，质量为0.1kg的铁块以10m/s的速度从A的左端向右滑动，最后铁块与B的共同速度大小为0.5m/s，求：①A的最终速度；②铁块刚滑上B时的速度．内蒙古鄂尔多斯市乌审旗高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1．如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面之的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）A．mg和mg B．mg和mg C．mg和μmg D．mg和μmg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．分析：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．解答：解：对三棱柱受力分析如图所示：对重力进行分解，根据共点力平衡条件得出三棱柱合力为0，那么沿斜面方向的合力为0，垂直斜面方向合力为0．利用三角函数关系得出：F N=mgcos30°=mg，F f=mgsin30°=mg．故选A．点评：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．注意几何关系的应用．2．如图所示，传送带保持2m/s的速度顺时针转动．现将一质量m=0.5kg的物体轻轻地放在传送带的a点上，设物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，a、b间的距离L=3m，则物体从a点运动到b点所经历的时间为（g取10m/s2）（）A．s B．3s C．2s D．1.5 s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律求出物体的加速度，物块在传送带上先做匀加速直线运动，判断出物块速度达到传送带速度时，位移与L的关系，若位移大于L，则物体一直做匀加速直线运动，若位移小于L，则物体先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，根据匀变速直线运动的公式求出运动的时间．解答：解：物块的加速度a=．当速度达到2m/s时，物块的位移x===1m＜3m．知物块先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动．则匀加速直线运动的时间t1===1s；匀速直线运动的时间t2===1s；物体从a点运动到b点所经历的时间t=t1+t2=1+1=2s．故选：C．点评：解决本题的关键通过对物块的受力分析，得出加速度，再根据加速度与速度的关系判断出物体的运动情况，从而根据运动学公式进行求解．3．如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．根据这些知识进行解答．解答：解：A、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A错误；B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B 正确；C、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等．故C错误；D、根据“面积”可知：0～2s内和0～4s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．4．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用．分析：分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．解答：解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确．故选D．点评：对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确定．5．一质量为M的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g．现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球篮中减少的质量为（）A．2（M﹣）B．M﹣C．2M﹣D．0考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．分析：分别对气球匀速上升和匀速下降过程进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解即可．解答：解：匀速下降时，受到重力Mg，向上的浮力F，向上的阻力f，根据共点力平衡条件Mg=F+f ①气球匀速上升时，受到重力（M﹣△m）g，向上的浮力F，向下的阻力f，根据共点力平衡条件（M﹣△m）g+f=F ②由①②式解得△m=2（M﹣）故选：A．点评：本题关键对气球受力分析，要注意空气阻力与速度方向相反，然后根据共点力平衡条件列式求解．6．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变考点：滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．分析：对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变．解答：解：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变．故选CD点评：物体本来就是向下运动，受到的摩擦力是向上的，当传送带在向上转动时，对物体的受力没影响，可以思考一下，如果传送带向下转动，情况又会如何呢？7．如图所示，两个质量分别为m1=2kg，m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A．弹簧秤的示数是10NB．弹簧秤的示数是26NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度为零D．在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度变大考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体研究，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析，求出弹簧秤的拉力．撤去某个力的瞬间，弹簧秤的弹力不变，结合牛顿第二定律求出瞬时加速度．解答：解：A、对整体分析，整体的加速度a=，隔离对m1分析，根据牛顿第二定律得，F1﹣F=m1a，则弹簧秤的弹力F=F1﹣m1a=30﹣2×2N=26N，故A错误，B正确．C、在突然撤去F2的瞬间，弹簧秤的弹力不变，此时m2的加速度，可知m2的加速度变大，m1的加速度，故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道撤去F的瞬间，弹簧秤的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解．8．如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度（v）﹣时间（t）图象可能是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由题，该同学在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，在3s通过的位移正好是20m，根据“面积”确定位移是20m的速度图象才符合题意．解答：解：A、在3s内位移为x=，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意．故A错误．B、由图象可知，x＞10×=20m，所以汽车超过停车线，故B错误；C、在3s内位移等于x=，则C可能是该汽车运动的v﹣t图象．故C正确．D、在3s内位移等于x=，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意．故D错误．故选：C点评：本题是实际问题，首先要读懂题意，其次抓住速度图象的“面积”等于位移进行选择．二、解答题（共4小题，满分47分）9．在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的CD（填字母代号）A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将弹簧秤都拉伸到相同刻度C．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是AB（填字母代号）A．拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．两细绳必须等长．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题．解答：解：①A、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同．故A错误，C正确；B、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度．故B 错误，D正确．故选：CD．②A、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故A正确；B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；D、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故D错误．故选：AB．点评：实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：S A=16.6mm S B=126.5mm S D=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为0.1s②打C点时物体的速度大小为2.5m/s（取2位有效数字）③物体的加速度大小为9.27m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．解答：解：①打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s．②根据间的平均速度等于点的速度得v c===2.5m/s．③匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，即△x=aT2，所以有：x BC=x AB+aT2，x CD=x BC+aT2=x AB+2aT2，x BD=2x AB+3aT2，所以a===9.27 m/s2故答案为：①0.1 ②2.5 ③9.27点评：要注意单位的换算和有效数字的保留．能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．11．在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）整个过程中，伞兵先做自由落体运动，后做匀减速运动，总位移大小等于224m．设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，先研究匀减速过程，由速度﹣位移关系式，得到v0与h的关系式，再研究自由落体过程，也得到一个v0与h的关系式，联立求解．（2）由（1）求出v0，由速度公式求出两个过程的时间，即可得到总时间．解答：解：（1）设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，则：对于匀减速运动过程，有，即52﹣=﹣2×12.5×h对于自由下落过程，有=2g（224﹣h）=2×10×（224﹣h）联立解得h=99 m，v0=50 m/s以5m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1=v2所以h1=m=1.25 m．（2）设伞兵在空中的最短时间为t，则有v0=gt1，t1=s=5 s，t2=s=3.6 s，故所求时间t=t1+t2=（5+3.6）s=8.6 s．答：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为99m，着地时相当于从1.25m高处自由落下．（2）伞兵在空中的最短时间为8.6s．点评：本题涉及两个过程的运动学问题，既要单独研究两个过程，更要抓住它们之间的联系：比如位移关系、速度关系等等．12．（17分）一个质量m=2kg的滑块在倾角为θ=37°的固定斜面上，受到一个大小为40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面匀速上滑．（sin37°=0.6，取g=10m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间．考点：共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动，合力为零，根据正交分解法列方程，求解动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动．根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解时间．解答：解：（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动时，合力为零，则有Fcos37°=mgsin37°+μ（mgcos37°+Fsin37°）代入解得，μ=0.5（2）撤去F后，滑块上滑过程：根据牛顿第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma1，得，a1=g（sin37°+μcos37°）上滑的时间为t1==1s上滑的位移为x==5m滑块下滑过程：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma2，得，a2=g（sin37°﹣μcos37°）由于下滑与上滑的位移大小相等，则有x=解得，=s故t=t1+t2=（1+）s答：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数是0.5；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，这以后滑块再返回A点经过的时间是（1+）s．点评：本题分析滑块的受力情况和运动情况是关键，由牛顿第二定律和运动学公式结合是处理动力学问题的基本方法．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑．注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】13．下列叙述正确的有（）A．自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性B．外界对气体做正功，气体的内能一定增大C．温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大D．扩散现象与布朗运动都与温度有关E．第二类永动机违反了热力学第二定律考点：热力学第二定律．专题：热力学定理专题．分析：温度是平均动能的标志，改变内能的方式有做功和热传递，自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，扩散现象与布朗运动都与温度有关．解答：解：A、自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故A正确；B、改变内能的方式有做功和热传递，外界对气体做正功，气体的内能不一定增大，故B错误；C、温度升高，平均动能增大，物体内的每一个分子的热运动速率不一定都增大，故C错误；D、扩散现象与布朗运动都与温度有关，温度越高，现象越明显，故D正确；E、第二类永动机违反了热力学第二定律，故E正确；故选：ADE点评：重点掌握温度是平均动能的标志，改变内能的两种方式，布朗运动的实质．14．如图所示，粗细均匀的玻璃细管上端封闭，下端开口，竖直插在大而深的水银槽中，管内封闭有一定质量的空气，玻璃细管足够长，管内气柱长4cm，管内外水银面高度差为10cm．现将玻璃管沿竖直方向缓慢移动．（大气压强相当于75cmHg）求：①若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度；②若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管又应如何移动多少距离．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：①确定好两个状态下的状态参量，由玻意耳定律求解；②确定好两个状态下的状态参量，由玻意耳定律求解空气柱长度，再根据几何关系求解；。
高三物理上学期第二次月考试题(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年黑龙江省实验中学高三〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共14小题，每一小题4分，总计56分．在每一小题给出的四个选项中，有的题只有一项符合题目要求，有的题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．关于电场场强的概念，如下说法正确的答案是〔〕A．由E=可知，电场中某点的场强E与q成反比，与F成正比B．正负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关C．电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关D．电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零2．一架自动扶梯以恒定速率υ1运送乘客上同一层楼，某乘客第一次站在扶梯上不动，第二次以相对于扶梯的速率υ2沿扶梯匀速上走．两次扶梯运客所做的功分别为W1和W2，牵引力的功率分别为P1和P2，如此〔〕A．W1＜W2，P1＜P2 B．W1＜W2，P1=P2C．W1=W2，P1＜P2D．W1＞W2，P1=P23．A、B是一条电场线上的两个点，一带正电的粒子仅在电场力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B点，其v﹣t图象如下列图．如此这电场的电场线分布可能是如下选项中的〔〕A． B．C．D．4．一辆汽车在水平路面上以速度v0匀速行驶时，发动机的功率为P，牵引力为F0．从t1时刻起汽车开上一个倾角为θ的坡路，假设汽车功率保持不变，水平路面与坡路路况一样〔即摩擦阻力大小一样〕，汽车经过一段时间的变速运动后又进入匀速运动状态，如此下面关于汽车速度v、牵引力F与时间t的关系图象正确的答案是〔〕A．B．C．D．5．设同步卫星离地心的距离为r，运行速率为v1，加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球的半径为R，如此如下比值正确的答案是〔〕A．=B．=C．=D．=6．如下列图，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D 位置小球速度减小到零．小球下降阶段如下说法中正确的答案是〔〕A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．从A→C位置小球重力势能的减少大于小球动能的增加D．从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加7．如图，带电小球A、B的电荷分别为Q A、Q B，OA=OB，都用长L的丝线悬挂在O点．静止时A、B相距为d．为使平衡时AB间距离减为，可采用以下哪些方法〔〕A．将小球A、B的质量都增加到原来的2倍B．将小球B的质量增加到原来的8倍C．将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半D．将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍8．某缓冲装置的理想模型如下列图，劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力为定值．轻杆向右移动不超过l时，装置可安全工作．假设一小车以速度v0撞击弹簧，装置可安全工作，轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计小车与地面间的摩擦．从小车与弹簧刚接触时开始计时，如下关于小车运动的速度﹣时间图象可能正确的答案是〔〕A．B．C．D．9．两个质量一样的小球用不可伸长的细线连结，置于场强为E的匀强电场中，小球1和小球2均带正电，电量分别为q1和q2〔q1＞q2〕．将细线拉直并使之与电场方向平行，如下列图．假设将两小球同时从静止状态释放，如此释放后细线中的张力T为〔不计重力与两小球间的库仑力〕〔〕A．T=〔q1+q2〕E B．T=〔q1﹣q2〕E C．T=〔q1+q2〕E D．T=〔q1﹣q2〕E10．如下列图，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个向右的初速度V o，同时对环施加一个竖直向上的作用力F，并使F的大小随v的大小变化，两者关系F=kv，其中k为常数，如此环在运动过程中抑制摩擦力所做的功大小不可能为〔〕A．B．0C．D．11．宇宙飞船以周期为T绕地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食〞过程，如下列图．地球的半径为R，地球质量为M，引力常量为G，地球自转周期为T0．太阳光可看作平行光，宇航员在A点测出的张角为α，如此〔〕A．飞船绕地球运动的线速度为B．一天内飞船经历“日全食〞的次数为C．飞船每次“日全食〞过程的时间为D．飞船周期为T=12．如图，在半径为R的半圆形光滑固定轨道右边缘，装有小定滑轮，两边用轻绳系着质量分别为m和M〔M=3m〕的物体，由静止释放后，M可从轨道右边缘沿圆弧滑至最低点，如此它在最低点的速率为〔〕A． B．2C．2 D．13．如下列图，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初动能E0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点，假设小球从a点以初动能2E0水平抛出，不计空气阻力，如此如下判断正确的答案是〔〕A．小球可能落在d点与c点之间B．小球一定落在c点C．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定增大D．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定一样14．如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P〔坐标为x〕的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图2所示．如此圆孔轴线上任意一点Q〔坐标为x〕的电场强度为〔〕A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0 D．2πkσ0二、实验题〔此题共15分〕15．“探究功与速度变化的关系〞的实验装置如图1所示，当小车在一条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为W；当用2条、3条、4条…完全一样的橡皮筋并在一起进展第2次、第3次、第4次…实验时，橡皮筋对小车做的功记为2W、3W、4W…每次实验中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带测出．〔1〕关于该实验，如下说法正确的答案是．A．打点计时器可以用干电池供电B．实验仪器安装时，可以不平衡摩擦力C．每次实验小车必须从同一位置由静止弹出D．利用每次测出的小车最大速度v m和橡皮筋做的功W，依次作出W﹣v m、W﹣v、W﹣v，W2﹣v m、W3﹣v m…的图象，得出合力做功与物体速度变化的关系．〔2〕如图2所示，给出了某次实验打出的纸带，从中截取了测量小车最大速度所用的一段纸带，测得A、B、C、D、E相邻两点间的距离分别为AB=1.48cm，BC=1.60cm，CD=1.62cm，DE=1.62cm；相邻两点打点时间间隔为0.02s，如此小车获得的最大速度v m=m/s．〔结果保存两位有效数字〕16．在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如下列图．O为第一个点，A、B、C为从适宜位置开始选取连续点中的三个点．打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.80m/s2，那么：〔1〕从O点到B点，重物重力势能的减少量△E p= J，动能增加量△E k= J〔结果取三位有效数字〕；〔2〕假设测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v与物体下落的高度h，如此以为纵轴，以h为横轴画出的图象是图中的．三、计算题〔共24分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕17．〔10分〕〔2006•江苏〕如下列图，A是地球的同步卫星．另一卫星B的圆形轨道位于赤道平面内，离地面高度为h．地球半径为R，地球自转角速度为ωo，地球外表的重力加速度为g，O为地球中心．〔1〕求卫星B的运行周期．〔2〕如果卫星B绕行方向与地球自转方向一样，某时刻A、B两卫星相距最近〔O、B、A在同一直线上〕，如此至少经过多长时间，他们再一次相距最近？18．〔14分〕〔2015秋•黑龙江校级月考〕如下列图为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理想连接，传送带长L=4.0m，电动机带动皮带轮沿顺时针方向转动，传送带以速率v=3.0m/s匀速运动．质量为m=1.0kg的滑块置于水平轨道上，将滑块向左移动压缩弹簧，后由静止释放滑块，滑块脱离弹簧后以速度v0=2.0m/s滑上传送带，并从传送带右端滑落至地面上的P点．滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.20，g=10m/s2．〔1〕如果水平传送带距地面的高度为h=0.2m，求滑块从传送带右端滑出点到落地点的水平距离是多少？〔2〕如果改变弹簧的压缩量，重复以上的实验，要使滑块总能落至P点，如此弹簧弹性势能的最大值是多少？在传送带上最多能产生多少热量？【选修3-5】〔15分〕19．如图为玻尔为解释氢原子光谱画出的氢原子能与示意图，一群氢原子处于n=4的激发态，当它们自发地跃迁到较低能级时，以下说法符合玻尔理论的有〔〕A．电子轨道半径减小，动能也要增大B．氢原子跃迁时，可发出连续不断的光谱线C．由n=4跃迁到n=1时发出光子的频率最小D．金属钾的逸出功为2.21 eV，能使金属钾发生光电效应的光谱线有4条20．〔10分〕〔2015秋•黑龙江校级月考〕如下列图，半径为R的1/4的光滑圆弧轨道竖直放置，底端与光滑的水平轨道相接，质量为m2的小球B静止在光滑水平轨道上，其左侧连接了一轻质弹簧，质量为m1的小球A从D点以速度向右运动，重力加速度为g，试求：〔1〕小球A撞击轻质弹簧的过程中，弹簧最短时B球的速度是多少；〔2〕要使小球A与小球B能发生二次碰撞，m1与m2应满足什么关系．2015-2016学年黑龙江省实验中学高三〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共14小题，每一小题4分，总计56分．在每一小题给出的四个选项中，有的题只有一项符合题目要求，有的题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．关于电场场强的概念，如下说法正确的答案是〔〕A．由E=可知，电场中某点的场强E与q成反比，与F成正比B．正负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关C．电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关D．电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零【考点】电场强度．【分析】电场强度的定义式E=运用比值法定义，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，电场中某一点的场强是唯一确定的．【解答】解：A、E=是电场强度的定义式，运用了比值法定义，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，所以不能说：E与q成反比，与F成正比．故A错误．B、场强的方向与正试探电荷受到的电场力的方向一样，与负试探电荷受到的电场力的方向相反，某一点场强方向与放入试探电荷的正负无关，故B错误．CD、场强E由电场本身决定，与试探电荷正负无关，电场中某一点不放试探电荷时，该点场强仍存在，故C正确，D错误．应当选：C．【点评】此题要掌握比值法定义的共性来理解电场强度，知道场强的定义式E=运用比值法定义，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关．2．一架自动扶梯以恒定速率υ1运送乘客上同一层楼，某乘客第一次站在扶梯上不动，第二次以相对于扶梯的速率υ2沿扶梯匀速上走．两次扶梯运客所做的功分别为W1和W2，牵引力的功率分别为P1和P2，如此〔〕A．W1＜W2，P1＜P2 B．W1＜W2，P1=P2C．W1=W2，P1＜P2D．W1＞W2，P1=P2【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】功等于力和在力的方向上通过距离的乘积，两种情况力的大小一样，但对扶梯作用力的作用点的移动距离不同，故两次扶梯运客所做的功不同；两种情况力的大小一样，对扶梯作用力的作用点的移动速度一定，故牵引力的功率一样．【解答】解：功等于力和在力的方向上通过距离的乘积，由于都是匀速，两种情况力的大小一样；由于第二次人沿扶梯向上走了一段距离，所以第一次扶梯运动的距离要比第二次扶梯运动的距离长；故两次扶梯运客所做的功不同，有：W1＞W2；功率等于力与力方向的速度的乘积，由于都是匀速，两种情况力的大小一样，扶梯移动的速度也一样，电机驱动扶梯做功的功率一样，即P1=P2；应当选：D．【点评】此题考查了学生对功和功率的计算公式的掌握和运用，确定两次送客运行的距离一样，但第二次送客运行的速度大是此题的关键．3．A、B是一条电场线上的两个点，一带正电的粒子仅在电场力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B点，其v﹣t图象如下列图．如此这电场的电场线分布可能是如下选项中的〔〕A． B．C．D．【考点】电场线；匀变速直线运动的图像．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据其v﹣t图象知道粒子的加速度逐渐增大，速度逐渐减小，所以电场力做负功，且电场力逐渐变大．【解答】解：根据v﹣t图象，带电粒子的加速度逐渐增大，速度逐渐减小，故带正电的粒子应该逆电场线运动，且向着电场线密集的方向运动，选项D正确．应当选D【点评】此题考查了电场线的特点，疏密表示场强大小，难度不大．4．一辆汽车在水平路面上以速度v0匀速行驶时，发动机的功率为P，牵引力为F0．从t1时刻起汽车开上一个倾角为θ的坡路，假设汽车功率保持不变，水平路面与坡路路况一样〔即摩擦阻力大小一样〕，汽车经过一段时间的变速运动后又进入匀速运动状态，如此下面关于汽车速度v、牵引力F与时间t的关系图象正确的答案是〔〕A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】从t1时刻起汽车开上一个倾角为θ的坡路，重力有沿斜面向下的分量，整个阻力变大，汽车做减速运动，根据汽车的功率P=Fv，分析牵引力的变化，判断汽车速度的变化．再选择图象．【解答】解：由题，汽车以功率P、速度v0匀速行驶时，牵引力与阻力平衡．当汽车开上一个倾角为θ的坡路，重力有沿斜面向下的分量，整个阻力变大，汽车做减速运动，根据汽车的功率P=Fv，可知，F增大，经过一段时间的变速运动后又进入匀速运动状态，汽车牵引力随时间变化的越来越慢，F﹣t图象的斜率应该越来越小，此时牵引力等于重力沿斜面的分量和摩擦阻力之和，故CD错误；根据牛顿第二定律得：a=，加速度越来越小，而速度时间图象中，斜率表示加速度，故A正确，B错误．应当选：A【点评】此题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率P=Fv，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系．5．设同步卫星离地心的距离为r，运行速率为v1，加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球的半径为R，如此如下比值正确的答案是〔〕A．=B．=C．=D．=【考点】同步卫星．【专题】人造卫星问题．【分析】同步卫星的周期与地球的自转周期一样，根据a=rω2得出同步卫星和随地球自转物体的向心加速度之比，根据万有引力提供向心力得出第一宇宙速度与同步卫星的速度之比．【解答】解：因为同步卫星的周期等于地球自转的周期，所以角速度相等，根据a=rω2得：=．根据万有引力提供向心力有：G=m，解得：v=，如此：=．应当选：BD．【点评】解决此题的关键知道同步卫星和随地球自转的物体角速度相等，同步卫星以与贴近地球外表运行的卫星靠万有引力提供向心力．6．如下列图，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D 位置小球速度减小到零．小球下降阶段如下说法中正确的答案是〔〕A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．从A→C位置小球重力势能的减少大于小球动能的增加D．从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；动能和势能的相互转化．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C动能最大．【解答】解：A、小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C点动能最大，故A错误，B正确；C、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→C位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和．故C正确．D、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→D位置，动能变化量为零，故小球重力势能的减小等于弹性势能的增加，故D正确．应当选BCD．【点评】此题关键是要明确能量的转化情况，同时要知道在平衡位置动能最大．7．如图，带电小球A、B的电荷分别为Q A、Q B，OA=OB，都用长L的丝线悬挂在O点．静止时A、B相距为d．为使平衡时AB间距离减为，可采用以下哪些方法〔〕A．将小球A、B的质量都增加到原来的2倍B．将小球B的质量增加到原来的8倍C．将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半D．将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍【考点】库仑定律；共点力平衡的条件与其应用．【分析】对小球进展受力分析，并作出平行四边形；由几何关系可知力与边的关系，即可得出符合条件的选项．【解答】解：如下列图，B受重力、绳子的拉力与库仑力；将拉力与库仑力合成，其合力应与重力大小相等方向相反；由几何关系可知，=；而库仑力F=；即：==；mgd3=kq1q2L；d=要使d变为，可以使质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故B正确；或将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时小球B的质量增加到原来的2倍，也可保证等式成立；故D正确；应当选BD．【点评】此题中B球处于动态平衡状态，注意此题采用了相似三角形法；对学生数学能力要求较高，应注意相应知识的积累应用．8．某缓冲装置的理想模型如下列图，劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力为定值．轻杆向右移动不超过l时，装置可安全工作．假设一小车以速度v0撞击弹簧，装置可安全工作，轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计小车与地面间的摩擦．从小车与弹簧刚接触时开始计时，如下关于小车运动的速度﹣时间图象可能正确的答案是〔〕A．B．C．D．【考点】牛顿运动定律的综合应用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小车把弹簧压缩到x=时，两者一起推动杆向右减速运动，这个过程中，杆受到的摩擦力不变，弹簧的压缩量x先增大，到车与杆的速度相等时x保持不变，直到杆的速度减为0，小车才被弹簧反弹．【解答】解：假设初速度v0较小，当小车与弹簧接触时开始做加速度增大的减速运动，当小车速度减为零，轻杆仍未动，然后小车反向加速运动，速度仍为v0，故A正确；假设初速度较大，当小车与弹簧接触时开始做加速度增大的减速运动，当弹簧弹力大于摩擦力时小车和弹簧一起匀减速运动到速度为零，然后小车反向做加速度减小的加速运动，由于机械能的损失，小车离开弹簧时速度小于v0，故D正确；应当选：AD．【点评】正缓冲装置是一种实用装置，在生产和生活中有着广泛的应用，此题就是根据某种缓冲装置改编的一道物理试题，试题设计新颖，物理思想深刻．正确解答这道试题，要求考生具有扎实的高中物理根底以与很强的分析和解决问题的能力，属于难题．9．两个质量一样的小球用不可伸长的细线连结，置于场强为E的匀强电场中，小球1和小球2均带正电，电量分别为q1和q2〔q1＞q2〕．将细线拉直并使之与电场方向平行，如下列图．假设将两小球同时从静止状态释放，如此释放后细线中的张力T为〔不计重力与两小球间的库仑力〕〔〕A．T=〔q1+q2〕E B．T=〔q1﹣q2〕E C．T=〔q1+q2〕E D．T=〔q1﹣q2〕E【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对球1、2整体受力分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度．对球2受力分析，由牛顿第二定律求出细线中的张力T．【解答】解：对球1、2整体受力分析，根据牛顿第二定律得：Eq1+Eq2=2ma，对球2受力分析，由牛顿第二定律得：T+Eq2=ma，两式联立得：T=〔q1﹣q2〕E，故D正确．应当选：D．【点评】解决此题关键在于把牛顿第二定律和电场力知识结合起来，在研究对象上能学会整体法和隔离法的应用．10．如下列图，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个向右的初速度V o，同时对环施加一个竖直向上的作用力F，并使F的大小随v的大小变化，两者关系F=kv，其中k为常数，如此环在运动过程中抑制摩擦力所做的功大小不可能为〔〕A．B．0C．D．【考点】动能定理；功的计算．【专题】动能定理的应用专题．【分析】根据受力分析确定环的运动情况，当环受到合力向下时，随着环做减速运动向上的拉力逐渐减小，环将最终静止，当环所受合力向上时，随着环速度的减小，竖直向上的拉力逐渐减小，当环向上的拉力减至和重力大小相等时，此时环受合力为0，杆不再给环阻力环将保持此时速度不变做匀速直线运动，当环在竖直方向所受合力为0时，环将一直匀速直线运动，分三种情况对环使用动能定理求出阻力对环做的功即可．【解答】解：根据题意有对于小环的运动，根据环受竖直向上的拉力F与重力mg的大小分以下三种情况讨论：〔1〕当mg=kv0时，即v0=时，环做匀速运动，摩擦力为零，W f=0，环抑制摩擦力所做的功为零；〔2〕当mg＞kv0时，即v0＜时，环在运动过程中做减速运动，直至静止．由动能定理得环抑制摩擦力所做的功为W f=；〔3〕当mg＜kv0时，即v0＞时，环在运动过程中先做减速运动，当速度减小至满足mg=kv 时，即v=时，时环开始做匀速运动．由动能定理得摩擦力做的功W f=mv2﹣m=﹣，即环抑制摩擦力所做的功为﹣；故环在运动过程中抑制摩擦力所做的功大小不可能为+；故C正确．应当选C【点评】此题中当环在竖直方向所受合力为0时，此时杆对环不再有阻力作用，环在水平方向受平衡力，将保持此时的速度做匀速直线运动，由此可分三种情况对环进展受力分析从而确定环的受力情况和运动情况，根据动能定理求解抑制阻力所做的功即可．11．宇宙飞船以周期为T绕地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食〞过程，如下列图．地球的半径为R，地球质量为M，引力常量为G，地球自转周期为T0．太阳光可看作平行光，宇航员在A点测出的张角为α，如此〔〕A．飞船绕地球运动的线速度为B．一天内飞船经历“日全食〞的次数为C．飞船每次“日全食〞过程的时间为D．飞船周期为T=。
湖南省雅礼中学2015届高三第二次月考物理试卷
湖南省雅礼中学2015届高三第二次月考物理试题(考试范围：必修一、必修二、选修3～1静电场)本试题卷分选择题和非选择题两部分。
时量90分钟，满分100分。
第Ⅰ卷选择题(共48分)一、选择题☎本题共 小题，每小题 分， 小题只有一个选项正确， 小题有多个选项正确，全部选对的得 分，选对但不全的得 分，有选错的或不答的得 分✆．下列说法正确的是☎ ✌ ✆✌．伽利略在探究物体下落规律的过程中用到的科学方法是：提出问题、猜想、数学推理、实验验证、合理外推、得出结论．牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例情况．牛顿在寻找万有引力的过程中，他没有利用牛顿第二定律，但他利用了牛顿第三定律和开普勒第三定律．人造地球卫星的第一宇宙速度是指卫星在近地圆轨道上的速度，是相对地球表面的速度．高速公路限速 ❍♒，一般也要求速度不小于 ❍♒。
冬天大雾天气的时候高速公路经常封道，否则会造成非常严重的车祸。
如果某人大雾天开车在高速上行驶，设能见度☎观察者与能看见的最远目标间的距离✆为 ❍，该人的反应时间为 ♦，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为 ❍♦ ，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是☎ ✆ ✌． ❍♦ ． ❍♦ ．103． ❍♦．如图所示，将一劲度系数为 的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器底部O 处☎ 为球心✆，弹簧另一端与质量为❍的小球相连，小球静止于 点。
已知容器半径为 、与水平面间的动摩擦因数为↗， 与水平方向的夹角为→ ．下列说法正确的是☎ ✆✌．容器相对于水平面有向左的运动趋势．容器对小球的作用力竖直向上．弹簧原长为☎k mg R ✆ ．轻弹簧对小球的作用力大小为mg 23． 年 月 日，我国第 颗北斗导航卫星升空，北斗卫星导航系统是继美☝和 俄☝☹☠✌之后第三个成熟的卫星导航系统。
这些卫星含有中地球轨道卫星、地球静止轨道卫星和倾斜地球同步轨道卫星。
高三物理月考试题及答案-山东文登市2015届高三第二次统考理科综合
2015年山东省威海市文登市高考物理二模试卷一、选择题（共7小题，每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题意，有的有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）（2015•文登市二模）在竖直放置的平底圆筒内，放置两个半径相同的刚性球a和b，球a质量大于球b．放置的方式有如图甲和图乙两种．不计圆筒内壁和球面之间的摩擦，对有关接触面的弹力，下列说法正确的是（）A．图甲圆筒底受到的压力大于图乙圆筒底受到的压力B．图甲中球a对圆筒侧面的压力小于图乙中球b对侧面的压力C．图甲中球a对圆筒侧面的压力大于图乙中球b对侧面的压力D．图甲中球a对圆筒侧面的压力等于图乙中球b对侧面的压力【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以两球整体为研究对象判断桶底对球的弹力，以上面球为研究对象判断侧壁对球的弹力大小．【解析】：解：A、以AB整体为研究对象，受力分析，受重力、支持力和两侧的支持力，根据平衡条件，桶底对两个球整体的重力，故图甲圆筒底受到的压力等于图乙圆筒底受到的压力，故A错误；B、C、D、以AB整体为研究对象，受力分析，受重力、底面的支持力和两侧的两个支持力，根据平衡条件，两侧的两个支持力是相等的；再以上面球为研究对象受力分析，根据平衡条件运动合成法，如下图：由几何知识可知：N桶=，故侧壁的弹力与上面球的重力成正比，由于球a质量大于球b，故乙图中两侧的弹力较大；故B正确，CD错误；故选：B．【点评】：本题考查受力分析及平衡条件的应用，灵活选取研究对象，即隔离法还是整体法是关键．2．（6分）（2015•文登市二模）A、B两物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，先后撤去F1、F2后，两物体最终停下，它们的v﹣t图象如图所示．已知两物体与水平面间的滑动摩擦力大小相等．则下列说法正确的是（）A． A、B两物体的质量之比为2：1B． F1、F2对A、B两物体做功之比为1：2C．全过程中A、B两物体的位移之比为1：2D．全过程中A、B克服摩擦力做功之比为2：1【考点】：功的计算．【专题】：功的计算专题．【分析】：根据速度与时间的图象可知，各段运动的位移关系之比，同时由牛顿第二定律可得匀减速运动的加速度之比，再由动能定理可得出拉力、摩擦力的关系，及它们的做功关系【解析】：解：A、由速度与时间图象可知，两个匀减速运动的加速度之比为1：2，由牛顿第二定律可知：A、B受摩擦力大小相等，所以A、B的质量关系是2：1，故A正确；B、由速度与时间图象可知，A、B两物体加速与减速的位移相等，且匀加速运动位移之比1：2，匀减速运动的位移之比2：1，由动能定理可得：A物体的拉力与摩擦力的关系，F1•X﹣f1•3X=0﹣0；B物体的拉力与摩擦力的关系，F2•2X﹣f2•3X=0﹣0，因此可得：F1=3f1，F2=f2，f1=f2，所以F1=2F2．全过程中摩擦力对A、B做功相等，F1、F2对A、B做功之大小相等．故BD错误C、在v﹣t图象中与时间轴所围面积即为位移，所围面积相同，故为1：1，故C错误．故选：A．【点评】：解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律，得出两个力的大小之比，以及知道速度﹣时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，并运用动能定理3．（6分）（2015•文登市二模）近几年我国在航空航天工业上取得了长足的进步，既实现了载人的航天飞行，又实现了航天员的出舱活动．如图所示，在某次航天飞行实验活动中，飞船先沿椭圆轨道1飞行，后在远地点343千米的P处点火加速，由椭圆轨道1变成高度为343千米的圆轨道2．下列判断正确的是（）A．飞船由椭圆轨道1变成圆轨道2的过程中机械能不断减小B．飞船在圆轨道2上时航天员出舱前后都处于失重状态C．飞船在此圆轨道2上运动的角速度小于同步卫星运动的角速度D．飞船在椭圆轨道1上的运行周期小于沿圆轨道2运行的周期【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：飞船在飞行过程中只受地球万有引力作用，机械能守恒；运行过程，万有引力提供向心力，有牛顿第二定律或开普勒第三定律确定周期大小关系，飞船处于完全失重状态．【解析】：解：A、飞船由椭圆轨道1变成圆轨道2的过程，要在P点加速然后改做圆轨道2的运动，故中机械能要增大，故A错误；B、飞船在圆轨道2无动力飞行时，航天员出舱前后都处于失重状态，故B正确；C、圆轨道2高度为343千米，而同步卫星的轨道高度为3.6×104km，由万有引力提供向心力可得，故r越大ω越小，故C错误；D、由C分析可得，轨道半径越大，角速度越小，周期越长，故飞船在圆轨道2上的运行周期大于沿椭圆轨道1运行的周期，故D正确．故选：BD．【点评】：圆形轨道上，航天器受到的万有引力提供航天器做圆周运动的向心力，即万有引力产生的加速度等于向心加速度，无论航天器是否做圆周运动，空间某点航天器无动力飞行时的加速度即为万有引力加速度，此加速度只跟物体轨道半径有关，与运动状态无关4．（6分）（2015•文登市二模）如图所示，有一正方体空间ABCDEFGH，则下面说法正确的是（）A．若只在A点放置一正点电荷，则电势差U BC＜U HGB．若只在A点放置一正点电荷，则B、H两点的电场强度大小相等C．若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则C、G两点的电势相等D．若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则D、F两点的电场强度大小相等【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：本题重点考查了匀强电场的理解：在匀强电场中平行且相等的线段之间电势差相等．同时注意电场线和等势线是垂直的【解析】：解：A、B、若A点放置一正点电荷，由图中的几何关系可知，BC之间的电场强度要大于HG之间的电场强度，结合它们与A之间的夹角关系可得电势差U BC＞U HG，故A错误；B、若A点放置一正点电荷，由于B与H到A的距离不相等，使用B、H两点的电场强度大小不相等．故B错误；C、C、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则AE连线的垂直平分平面是等势面，等势面两侧的点，一定具有不同的电势，使用C、G两点的电势一定不相等．故C错误；D、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，等量异种点电荷的电场具有对称性，即上下对称，左右对称，D与H上下对称，所以电场强度大小相等；H与F相对于E点一定位于同一个等势面上，所以H与F两点的电势相等，则D、F两点的电场强度大小相等．故D正确．故选：D【点评】：本题从比较新颖的角度考查了学生对点电荷的电场与等量异种点电荷的电场的理解，因此一定从多个角度理解匀强电场的特点，多训练以提高理解应用能力．5．（6分）（2015•文登市二模）一理想变压器原、副线圈的匝数比为44：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（）A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值为5VC． P向左移动时，副线圈中的电阻R消耗的功率增大D． P向左移动时，变压器的输入功率减小【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】：交流电专题．【分析】：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论【解析】：解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A正确．B、原线圈的电压的最大值为311V，根据电压与匝数成正比可知，所以副线圈的电压的最大值为V，所以电压的有效值为U=5V，所以B正确．C、P左移，R变大，原副线的电流都变小．而电压不变，故副线圈消耗功率减小，RR消耗的功率减小，故C错误D正确．故选：ABD【点评】：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路6．（6分）（2015•文登市二模）如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑．下列说法正确的是（）A．两物块的质量相等B．两物块落地时重力做功的功率不同C．从剪断轻绳到物块着地，两物块所用时间不等D．从剪断轻绳到物块着地，两物块重力势能的变化量相同【考点】：功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：功率的计算专题．【分析】：根据平衡得出两物块质量的关系，抓住落地时速度大小相等，结合瞬时功率的公式比较落地时两物块重力瞬时功率的大小关系．根据加速度不同比较运动的时间．根据下降的高度相同比较重力势能的变化量．【解析】：解：A、刚开始AB处于静止状态，所以有m B gsinθ=m A g，则m B＞m A，故A错误．B、剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根据机械能守恒定律得：mgh=，速度大小v=，则A重力的功率，B重力的功率，可知PA=P B，故B错误．C、因为落地的速度大小相等，加速度不等，根据速度时间公式知，运动的时间不等，故C 正确．D、下降的高度相同，重力大小不等，则重力势能变化量不同，故D错误．故选：C．【点评】：本题考查了共点力平衡、机械能守恒、功率的基本运用，通过平衡得出A、B的质量关系是解决本题的关键，注意瞬时功率等于力与速度以及之间夹角余弦的乘积．7．（6分）（2015•文登市二模）如图所示，两根足够长的光滑金属导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻．将质量为m的金属棒悬挂在一个上端固定的绝缘轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，除电阻R外其余电阻不计，导轨所在平面与一匀强磁场垂直，静止时金属棒位于A处，此时弹簧的伸长量为△l．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（）A．轻弹簧的劲度系数为B．电阻R中电流最大时，金属棒在A处下方的某个位置C．金属棒在最低处时弹簧的拉力一定小于2mgD．从释放到金属棒最后静止的过程中，电阻R上产生的热量为mg△l【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：释放瞬间金属棒只受重力，加速度为g．当金属棒的速度最大时，感应电流最大，此时金属棒所受的合力为零，与没有磁场进行比对，根据简谐运动的对称性分析速度最大的位置，及金属棒在最低处时加速度大小与g的关系，即可得到此处弹簧的拉力与2mg的关系．金属棒最后静止在A处，从释放到金属棒最后静止的过程中，其重力势能减小，转化成内能和弹簧的弹性势能【解析】：解：A、静止时金属棒位于A处，此时弹簧的伸长量为△l，即mg=k△l，轻弹簧的劲度系数为，故A正确；B、若没有磁场，金属棒回到A处时速度最大，有磁场时，由于电磁感应产生感应电流，金属棒将受到安培阻力作用，则在A处上方速度达到最大，此时感应电流最大．故B错误．C、若没有磁场，金属棒做简谐运动，根据对称性可知，金属棒在最低处时加速度大小等于g，方向竖直向上，由牛顿第二定律得知，金属棒在最低处时弹簧的拉力等于2mg．有磁场时，金属棒还受到安培阻力作用，金属棒向下到达的最低位置比没有磁场时高，加速度应小于g，则弹簧的拉力一定小于2mg．故C正确．D、金属棒最后静止在A处，从释放到金属棒最后静止的过程中，其重力势能减小，转化成内能和弹簧的弹性势能，则电阻R上产生的热量小于mg△l．故D错误．故选：AC【点评】：本题是电磁感应与力学知识的综合应用，通过分析受力情况，由牛顿第二定律求解加速度．关键之处在于运用对比的方法，与金属棒做简谐运动进行比较，确定速度最大的位置和金属棒最低位置，再分析弹簧的拉力，有较大的难度．二、非选择题8．（8分）（2015•文登市二模）用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器件；B．将打点计时器接到电源的“交流输出”上；C．用天平测出重锤的质量；D．先释放纸带，然后接通电源，打出一条纸带；E．测量纸带上某些点间的距离；F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能．其中没有必要进行的或者操作不当的步骤是CD ．（将其选项对应的字母填在横线处）（2）在上述验证机械能守恒定律的实验中发现，重锤减小的重力势能总是大于重锤增加的动能，其原因主要是因为在重锤下落的过程中存在阻力作用．通过该实验装置可以测阻力的大小．若已知当地重力加速度公认为g，打点计时器的打点周期为T，并测得重锤的质量为m．试用这些物理量和图2纸带上的数据符号（纸带上的点是打点计时器实际打下的点）表示出重锤下落过程中受到的平均阻力大小F= m（g﹣）．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，只有这样才能明确每步操作的具体含义．（2）利用匀变速直线运动的推理△x=aT2可以求出重锤下落的加速度大小．根据牛顿第二定律有：mg﹣f=ma，因此只有知道重锤的质量m，即可求出阻力大小．【解析】：解：（1）A、按照图示的装置安装器件，故A正确；B、将打点计时器应该接到电源的“交流输出”上，故B错误，不是操作不当．C、因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平．故C没有必要．D、应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故D操作不当．没有必要进行的或者操作不当的步骤是：CD；（2）利用匀变速直线运动的推论△x=at2a==根据牛顿第二定律有：mg﹣f=ma，因此只有知道重锤的质量m，即可求出阻力大小．f=mg﹣ma=m（g﹣）．故答案为：（1）CD；（2）m（g﹣）．【点评】：纸带问题的处理是力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，求出速度和加速度是解答这类问题的关键．9．（10分）（2015•文登市二模）用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E 和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V、内阻很大） B．电压表V2（量程3V、内阻很大）C．电流表A（量程3A、内阻很小） D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω、额定电流4A）E．小灯泡（2A、5W） F．电池组（电动势E、内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整．（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I1，U1）、（I2，U2），标到U﹣I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E= 4.5 V、内阻r= 1.0 Ω．（结果保留两位有效数字）（3）在U﹣I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为0.0 Ω（结果保留两位有效数字）．【考点】：测定电源的电动势和内阻；描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：（1）测电源电动势与内阻实验时，电压表测路端电压，随滑动变阻器接入电路阻值的增大，电压表示数增大；灯泡两端电压随滑动变阻器阻值增大而减小；根据电压表示数变化确定各电路元件的连接方式，然后作出实验电路图．（2）电源的U﹣I图象与纵轴的交点示数是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）由图象求出两图线的交点对应的电压与电流，然后根据闭合电路中内外电压的关系及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值．【解析】：解：（1）伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；调节滑动变阻器时，电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小，则V1测路端电压，V2测灯泡两端电压，电路图如图所示．（2）电源的U﹣I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电动势E=4.5V，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡电压UL=2.5V，此时电路电流I=2.0A，电源电动势E=Ir+U L+IR滑，即4.5V=2.0A×1Ω+2.5V+2.0A×R滑，则R滑=0.0Ω．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）4.5；1.0；（3）0.0．【点评】：电源的U﹣I图象与纵轴的交点是电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，求电源内阻时要注意看清楚纵轴坐标起点数据是多少，否则容易出错．10．（18分）（2015•文登市二模）光滑水平面上，一个长平板与半圆组成如图所示的装置，半圆弧面（直径AB竖直）与平板上表面相切于A点，整个装置质量M=5kg．在装置的右端放一质量为m=1kg的小滑块（可视为质点），小滑块与长平板间的动摩擦因数μ=0.4，装置与小滑块一起以v0=12m/s的速度向左运动．现给装置加一个F=64N向右的水平推力，小滑块与长平板发生相对滑动，当小滑块滑至长平板左端A时，装置速度恰好减速为0，此时撤去外力F并将装置锁定．小滑块继续沿半圆形轨道运动，且恰好能通过轨道最高点B．滑块脱离半圆形轨道后又落回长平板．已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功W f=9.5J．g=10m/s2．求：（1）装置运动的时间和位移大小；（2）长平板的长度l；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离．【考点】：动能定理；牛顿第二定律；向心力．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）以装置为研究对象，利用牛顿第二定律和运动学公式求解即可．（2）以滑块为研究对象，利用牛顿第二定律和运动学公式求解即可．（3）利用滑块恰好经过最高点利用牛顿第二定律和平抛运动列方程求解．【解析】：解：（1）分析M受力，由牛顿第二定律得：F﹣μmg=Ma1代入数据解得：a1=12m/s2设装置向左运动到速度为0的时间为t1，则有：v0﹣a1t1=0联立并代入数据解得：t1=1s装置向左运动的距离：x1==12×1m﹣0.5×12×1m=6m（2）对m受力分析，由牛顿第二定律得：μmg=ma2代入数据解得：a2=4m/s2设滑块运动到A点时的速度为v1，则：v1=v0﹣a2t1联立并代入数据解得：v1=8m/s小滑块向左运动的距离为：x2==12×1m﹣0.5×4×1m=10m 则平板长为：l=x2﹣x1=10m﹣6m=4m（3）设滑块在B点的速度为v2，从A至B，由动能定理得：﹣mg×2R﹣W f=在B点有：mg=联立解得：R=0.9m，v2=3m/s小滑块从B点飞出做平抛运动：2R=联立解得：t2=0.6s落点离A的距离为：x=v2t2=3×0.6m=1.8m答：1）装置运动的时间和位移大小6m；（2）长平板的长度l为4m；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离1.8m．【点评】：弄清问题的运动情况和受力情况是解题的关键，灵活利用牛顿第二定律和运动学公式求解是解题的核心，此题综合性较强．11．（20分）（2015•文登市二模）如图所示为一种电磁装置，由粒子源、加速电场、偏转电场、匀强磁场组成．在S点有一粒子源，能释放电量为q，质量为m的静止带电粒子．带电粒子被加速电压为U，极板间距离为d的匀强电场加速后，从正中央垂直射入电压为U的匀强偏转电场（偏转电场中电压正负极随时间做周期性变化），偏转极板长度和极板距离均为L，带电粒子在偏转电场中一次偏转后即进入一个垂直纸面方向的匀强磁场，其磁感应强度为B．若不计重力影响，欲使带电粒子通过某路径返回S点，求：（1）带电粒子进入偏转电场时的速度大小；（2）带电粒子进入磁场的位置离偏转电场中心线的距离；（3）匀强磁场宽度D的最小值；（4）该带电粒子周期性运动的周期T．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）根据动能定理求出带电粒子进入偏转电场时的速度大小；（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，抓住水平方向和竖直方向具有等时性，结合牛顿第二定律和运动学公式求出带电粒子进入磁场的位置离偏转电场中心线的距离；（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出粒子的轨道半径，结合几何关系求出匀强磁场的最小宽度．（4）粒子在加速电场中匀加速直线匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，结合运动学公式和推论以及在磁场中运动的周期公式求出带电粒子的周期T．【解析】：解：（1）如图所示，电场对粒子加速，由动能定理得：，解得，（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，其加速度a为：，粒子通过偏转电场的时间t1为；，粒子在偏转电场中的侧移距离y为：y=，联立以上可得，粒子进入磁场的位置离电场中心线的距离为，（3）粒子离开电场时侧向速度v y为：v y=at1，则粒子射出偏转电场时的速度v为：．以速度v进入磁场做匀速圆周运动的洛伦兹力为向心力，设运动半径为R，，则磁场宽度D为：=．（4）由于粒子在电场加速过程中做匀加速直线运动，则加速运动的时间，粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T′为：，，所以θ=arctan2．所以粒子在磁场中运动的时间t3为：，粒子从S出发到回到S的周期T为：T=2t1+2t2+t3=．答：（1）带电粒子进入偏转电场时的速度大小为；（2）带电粒子进入磁场的位置离偏转电场中心线的距离为；（3）匀强磁场宽度D的最小值为；（4）该带电粒子周期性运动的周期T为．【点评】：本题考查了粒子在电场中和磁场中的运动问题，关键作出粒子的轨迹，知道粒子在加速电场中做匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在匀强磁场中做圆周运动，结合动能定理和运动学公式进行求解．。
【整理 】2015届高三上学期第二次联考物理 Word版含答案
2014-2015学年上学期第二次月考高三物理试题（考试时间：120分钟总分：100分）第Ⅰ卷（选择题共48分）一、单项选择题（共14小题，每小题中只有一个选项正确，每小题3分，计42分）1.做竖直上抛的物体在不计阻力情况下，上升和下降过程中通过同一位置时，不相同的物理量()A．速率B．速度C．加速度D．位移2．下列关于力和运动的关系的说法中，正确的是( )A．没有外力作用时，物体不会运动，这是牛顿第一定律的体现B．物体受力越大，运动得越快，这是符合牛顿第二定律的C．物体所受合外力为零，速度一定为零；受到合外力不为零，速度也一定不为零D．物体所受的合外力最大时，速度可以为零；受到的合外力最小时，速度可以最大3．一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的说法，正确的是( )A．质量越大，它的惯性越大B．车速越大，它的惯性越大C．车速越大，刹车后在水平面上滑行的路程越长，所以惯性越小D．车速越大，刹车后在水平面上滑行的路程越长，所以惯性越大4．一个静止的质点，在0～4 s时间内受到一方向与运动方向始终在同直线上的力F的作用，力F随时间t的变化如图所示，则质点在( )A．第4 s末回到原出发点B．第4 s末质点回到出发点C．2 s末速度改变方向D．2 s末速度达到最大5.如图所示，放在水平桌面上的木块A处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量为0.6 kg，弹簧测力计读数为2 N，滑轮摩擦不计．若轻轻取走盘中的部分砝码，使总质量减少到0.3 kg时，将会出现的情况是(g＝10 m/s2) ( )A．A仍静止不动B．弹簧测力计的读数将变小C．A对桌面的摩擦力不变D．A所受的合力将要变大6．有研究发现，轿车的加速度变化情况将影响乘客的舒适度：即加速度变化得越慢，乘坐轿车的人就会感到越舒适；加速度变化得越快，乘坐轿车的人就会感到越不舒适。
若引入一个新物理量来表示加速度变化的快慢，则该新物理量的单位应是( )A．m/s B．m/s2C．m2/s D．m/s37．雨滴在下降过程中，由于水汽的凝聚，雨滴质量将逐渐增大，同时由于速度逐渐增大，空气阻力也将越来越大，最后雨滴将以某一收尾速度匀速下降，在此过程中( ) A．由于空气阻力增大，雨滴下落的加速度逐渐增大B．由于雨滴质量逐渐增大，下落的加速度逐渐减小C．雨滴所受到的重力逐渐增大，重力产生的加速度也逐渐增大D．雨滴所受到的重力逐渐增大，但重力产生的加速度不变8．如图所示，实线是某一匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是其轨迹上的两点，若该带电粒子在运动中只受电场力作用，则以下判断错误的是()A．带电粒子带负电荷B．带电粒子所受电场力的方向向左C．带电粒子做匀速运动D．带电粒子由a到b过程电势能减小9．质量为2 kg的质点在x－y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是( )A．质点的初速度为3 m/sB．2 s末质点速度大小为6 m/sC．质点做曲线运动的加速度为1.5m/s2D．质点所受的合外力为4 N10．两个完全相同的小金属球(皆可视为点电荷)，所带电荷量之比为5∶1，它们在相距一定距离时相互作用的吸引力为F1，如果让它们充分接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1∶F2为()A．5∶2B．5∶4 C．5∶6 D．5∶911.如图所示，两平行金属板竖直放置，板上A、B两孔正好水平相对，板间电压为 500 V．一个动能为400 eV的电子从A孔沿垂直板方向射入电场中．经过一段时间电子离开电场，则电子离开电场时的动能大小为 ( )A．900 eV B．500 eVC．400 eV D．100 eV12．宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，先在半径为R1的轨道上运行，变轨后在半径为R2的轨道上运行，R1＞R2，则变轨后宇宙飞船的 ( )A．线速度变小 B．角速度变小C．向心加速度变大 D．周期变大13．如图，质量为m的物块始终静止在倾角为θ的斜面上，则（）A．若斜面向上匀速移动距离s，则斜面对物块做功为mgsB．若斜面向左匀速移动距离s，则斜面对物块做功为mgsinθcosθsC．若斜面向左以加速度a匀加速移动距离s，则斜面对物块不做功D．若斜面向上以加速度a匀加速移动距离s，则斜面对物块做功为mas14．下列关于功和机械能的说法，正确的是（）A ．在有阻力作用的情况下，物体重力势能的减少不等于重力对物体所做的功B ．合外力对物体所做的功等于物体动能的改变量C ．物体的重力势能是物体与地球之间的相互作用能，其大小与势能零点的选取无关D ．运动物体动能的减少量一定等于其重力势能的增加量 二、填空题（共3小题，每空2分，计18分）15.在“验证力的平行四边形定则”的实验中，合力与分力的作用效果相同，这里作用效果是指 ( )A ．弹簧测力计的弹簧被拉长B ．固定橡皮条的图钉受拉力产生形变C ．细绳套受拉力产生形变D ．使橡皮条在同一方向上伸长到同一长度16.某同学在做“研究弹簧的形变量与外力的关系”实验时，将一轻弹簧竖直悬挂并让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加竖直向下的外力F ，测出弹簧的总长L ，改变外力F 的大小，测出几组数据，作出F — L 的关系图线，如图所示(实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的)。
高三物理月考试题及答案-北京市朝阳区-2015学年高三第二次综合练习试题
北京市朝阳区高三年级第二次综合练习理科综合 物理试卷2015．5本试卷共16页，共300分。
考试时长150分钟。
考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第一部分(选择题 共120分)本部分共20小题，每小题6分，共120分。
在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。
13.【题文】在下列四个核反应方程中，符号“X”表示中子的是A.2712713012Al n Mg X +→+B.24241112Na Mg X →+C.9412426Be He C X +→+D.2392399293U Np X →+【答案】C【解析】本题主要考查核反应方程；由质量数与电荷守恒可判断选项C 中的X 是中子，故选项C 正确。
【题型】单选题【备注】【结束】14.【题文】一束光线从折射率为1.5的玻璃射向空气，入射角为45°。
下列四幅光路图中正确的是A B CD【答案】A【解析】本题主要考查光的全反射；由于,即C<，因此发生了全反射，故选项A正确。
【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】一列沿x轴负方向传播的简谐机械横波，波速为2m/s。
某时刻波形如图所示，下列说法中正确的是A.这列波的振幅为4cmB.这列波的周期为2sC.此时x = 4m处质点沿y轴正方向运动D.此时x = 4m处质点的速度为0【答案】B【解析】本题主要考查机械振动与机械波；由图可知振幅为2cm，选项A错误；由可得周期为2s，选项B 正确；由上坡下可知4cm的质点向下振动，选项C错误；该质点位于平衡位置，速度最大，选项D错误；本题正确选项为B。
【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】如图所示，人造卫星A、B在同一平面内绕地球做匀速圆周运动。
则这两颗卫星相比A.卫星A的线速度较大B.卫星A的周期较大C.卫星A的角速度较大D.卫星A的加速度较大【答案】B【解析】本题主要考查万有引力定律；由知B的线速度大，故选项A错误；由可知A 的周期大，故选项B正确；由于角速度与周期成反比，故B的角速度大，选项C错误；由可知B的加速度大，故选项D错误；本题正确选项为B。
江西省南昌市第三中学2015届高三上学期第二次月考物理试题含答案
江西省南昌市第三中学2015届高三上学期第二次月考物理试题1、关于运动的性质，以下说法中正确的是（ ）A ．曲线运动一定是匀变速运动B ．变速运动一定是曲线运动C ．圆周运动一定是变加速运动D ．圆周运动物体一定加速度大小不变，加速度方向时刻改变2. 甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v-t 图象如图所示,以下说法正确的是（ ）A. 在t 1时刻之前两车已经相遇B. 在t 1时刻之后两车才能相遇C 。
在t 1时刻两车相遇 D. 两车不可能相遇3、有三个光滑斜轨道1、2、3，它们的倾角依次是︒60，︒45，︒30，这些轨道交于O 点. 现有位于同一竖直线上的三个小物体甲、乙、丙分别沿这三个轨道同时从静止自由下滑，如图所示，物体滑到O 点的先后顺序是（ ）A 、甲最先，乙稍后，丙最后B 、乙最先，然后甲和丙同时到达C 、甲、乙、丙同时到达D 、乙最先，甲稍后，丙最后4、如图所示，在一次空地演习中，离地H 高处的飞机以水平速度υ1（相对地）发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P ，设炮弹做平抛运动，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度υ2竖直向上发射炸弹拦截。
设炸弹做竖直上抛运动，拦截系统与飞机的水平距离为s ，在炸弹上升过程中拦截成功，不计空气阻力。
则υ1、υ2的关系应满足（ ）A 、υ1＝υ2B 、υ1＝H sυ2 C 、υ1＝H sυ2 D 、υ1＝s Hυ 2 5．如图所示，100个大小相同、质量均为m 且光滑的小球，静止放置于两相互垂直且光滑的平面上，平面AB 与水平面的夹角为30°，则第2个小球对第3个小球的作用力大小为（ ）A ．2mgB ．48mgC ．49mgD ．98mg6．两质量之比为12:2:1m m =的卫星绕地球做匀速圆周运动，运动的轨道半径之比12:1:2R R =，则下列关于两颗卫星的说法中正确的是（ ）A ．线速度大小之比为12:2:1v v =B ．向心加速度大小之比为12:1:2a a =C ．运动的周期之比为12:1:2T T =D ．动能之比为12:4:1k kE E =7．如图所示，倾角为θ的斜面体c 置于水平地面上，小物块b 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏斗a 连接，连接b 的一段细绳与斜面平行．在a 中的沙子缓慢流出的过程中，a 、b 、c 都处于静止状态，则（ ）A ．b 对c 的摩擦力一定减小B ．b 对c 的摩擦力方向可能平行斜面向上C ．地面对c 的摩擦力方向一定水平向右D ．地面对c 的摩擦力先减小后增大8．如图所示，两物块A 、B 套在水平粗糙的CD 杆上，并用不可伸长的轻绳连接，整个装置能绕过CD 中点的轴OO 1转动，已知两物块质量相等，杆CD 对物块A 、B 的最大静摩擦力大小相等，开始时绳子处于自然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块B 到OO 1轴的距离为物块A 到OO 1轴的距离的两倍，现让该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，在从绳子处于自然长度到两物块A 、B 即将滑动的过程中，下列说法正确的是 （ ）A ．B 受到的静摩擦力一直增大B ．A 受到的静摩擦力一直增大C ．A 、B 受到的合外力之比不变D ．A 受到的合外力一直在增大9．2013年12月2日1时30分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功将“嫦娥三号”探测飞船发射升空，展开奔月之旅。
【湖北版】高三上学期月考(2)物理试题 Word版含答案.pdf
2015届上学期高三一轮复习 第二次月考物理试题【湖北版】 一、选择题（本题共12小题；每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~题只有一项符合题目要求，第~12题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分。
） 1．在牛顿第二定律公式F=kma中，比例系数k的数值（ ） A．在任何情况下都等于1 B．是由质量m、加速度a和力F三者的大小所决定的 C．与质量m、加速度a和力F三者的单位无关 D．在国际单位制中一定等于1 2．如图所示，A、B是两只相同的齿轮，A被固定不能转动，若B齿轮绕A齿轮运动半周，由图中B位置转到图中C位置，则B齿轮上所标出的竖直向上的箭头所指的方向是（ ）www A．竖直向上 B．竖直向下 C．水平向左 D．水平向右 3．利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像某同学在一次实验中得到的运动小车的速度—时间图像如图所示，以下说法错误的是（ ） A．小车先做加速运动，后做减速运动 B．小车运动的最大速度约为0.8 m/s C．小车做曲线运动 D．小车的位移一定大于8 m 4．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正）则物体运动的速度v随时间t变化的规律是图丙中的（物体的初速度为零，重力加速度取10 m/s2）（ ） 5．身高为2 m的宇航员，用背越式跳高，在地球上能跳2 m，在另一星上能跳5 m，若只考虑重力因素影响，地球表面重力加速度为g，则该星球表面重力加速度约为（ ） A．g B． g C．g D． g 6．质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时，引力势能可表示为，其中G为引力常量，M为地球质量。
该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2，此过程中因摩擦而产生的热量为（ ） A． B． C． D． 7．如图所示我国国家大剧院外部呈椭球型。
高三物理月考试题及答案-陕西宝鸡市2015届高三教学质量检测(二)
2015年陕西省宝鸡市高考物理二模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•宝鸡二模）下列关于单位制的说法中正确的是（）A．在国际单位制中，力（F）、质量（M）、时间（t）是基本物理量B．在国际单位制中，牛顿（N）、千克（kg）、秒（s）是基本单位C．在国际单位制中，速度的国际单位千米/小时（km/h）是导出单位D．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=ma【考点】：力学单位制．【分析】：国际单位制中规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【解析】：解：A、在国际单位制中，质量（M）、时间（t）是基本物理量，而力（F）不是基本物理量，故A错误．B、在国际单位制中，千克（kg）、秒（s）是基本单位，牛顿（N）是导出单位，故B错误．C、在国际单位制中，速度的国际单位是m/s是导出单位，千米/小时（km/h）不是国际单位制中的单位，故C错误．D、牛顿第二定律一般形式为F=kma，只有在国际单位制中，k才等于1，牛顿第二定律的表达式才是F=ma，故D正确．故选：D．【点评】：单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单位．2．（6分）（2015•宝鸡二模）如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示顺时针转动，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A． M相对地面静止在传送带上 B． M沿传送带向上运动C． M受到的摩擦力不变 D． M下滑的速度减小【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：在传送带突然转动前后，对物块进行受力分析解决问题，依据滑动摩擦力与相对运动方向相反，从而即可求解．【解析】：解：传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力【分析】：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力．传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】：判断物体的运动必须对物体进行受力分析，还要结合物体的运动状态，注意传送带在运动前后，物体仍是滑动摩擦力是解题的关键．3．（6分）（2015•宝鸡二模）如图所示，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、O′，并处于匀强磁场中．导线中通以沿x轴正方向的恒定电流I，悬线与竖直方向的夹角为θ，且导线保持静止，则磁感应强度的最小值和方向为（）A．tanθ，z轴正向 B．，y轴正向C．tanθ，z轴负向 D．sinθ，沿悬线向下【考点】：安培力．【分析】：左手定则：左手平展，让磁感线穿过手心，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内．把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，手心面向N极，四指指向电流所指方向，则大拇指的方向就是导体受力的方向．根据左手定则的内容，逐个分析判断即可的出结论【解析】：解：A、磁感应强度方向为z正方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，由平衡条件得：BILcosθ=mgsinθ，解得：B=tanθ，故A正确；B、当磁场沿y负方向时，由左手定则可知，导线受到的安培力竖直向上，当BIL=mg，B=导线静止，与竖直方向夹角θ=0°，不符合题意，故B错误；C、当磁场沿x负方向时，磁场与电流平行，导线不受安培力，导线在重力与细线拉力作用下静止，磁感应强度可以为任何值，B=可以使导线静止，但与竖直方向夹角θ=0°，不符合题意，故C错误；D、当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向下方，由平衡条件得：BIL=mgsinθ，则B=sinθ，故D正确；故选：AD【点评】：左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全依靠左手定则，即，关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则4．（6分）（2015•宝鸡二模）我国航天事业取得了突飞猛进地发展，航天技术位于世界前列，在航天控制中心对其正上方某卫星测控时，测得从发送“操作指令”到接收到卫星“已操作”的信息需要的时间为2t（设卫星接收到“操作指令”后立即操作，并立即发送“已操作”的信息到控制中心），测得该卫星运行周期为T，地球半径为R，电磁波的传播速度为c，由此可以求出地球的质量为（）A． B．C． D．【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：由匀速运动的可求得地球到卫星的距离，再由万有引力提供向心力公式可求得地球的质量．【解析】：解：由x=vt可得：卫星与地球的距离为x=C（2t）=Ct卫星的半径为：r=R+x=R+Ct；由万有引力公式可得：解得：M=故选：B．【点评】：本题考查向心力公式及运动学公式，要注意明确光速度为C，并能正确求出卫星的半径5．（6分）（2015•宝鸡二模）美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，比较准确地测定了电子的电荷量．如图，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压为U的恒定电源两极连接，极板M带正电．现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为k，则（）A．油滴带正电B．油滴带电荷量为C．电容器的电容为D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：带电荷量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性；由E=求解电源电动势．断开电键s，根据微粒的电场力有无变化，分析微粒的运动情况．【解析】：解：A、由题，带电荷量为q的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电．故A错误．B、由平衡条件得：mg=q；得油滴带电荷量为：q=，故B错误．C、根据U=，结合mg=qE，且Q=kq，则得电容器的电容为：C===．故C正确．D、极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离s增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动．故D错误．故选：C．【点评】：本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，注意由受力情况来确定运动情况，是解题的思路．6．（6分）（2015•宝鸡二模）如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈的匝数比为1：10的理想变压器给一灯泡供电，如图丙所示，副线圈电路中灯泡额定功率为22W．现闭合开关，灯泡正常发光．若矩形金属线框的电阻忽略不计，则（）A． t=0.01s时刻穿过线框的磁通量为零B．交流发电机转动的角速度速为314rad/sC．变压器原线圈中电流表示数为1 AD．灯泡的额定电压为220V【考点】：变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】：交流电专题．【分析】：由图2可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值．【解析】：解：A、由图乙可知，当0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；B、由图可知，交流电的周期为0.02s，则角速度为：rad/s=314rad/s，故B正确；C、副线圈中消耗的电功率是22W，所以原线圈中的输入功率是22W，原线圈输入电压为有效值为22V，则变压器原线圈中电流表示数为： A；故C正确；D、灯泡正常发光，故额定电压为220V，故D错误；故选：BC．【点评】：本题关键是明确线圈在匀强磁场中匀速转动产生的是正弦式交变电流，会根据变压比公式、变流比公式列式求解即可．7．（6分）（2015•宝鸡二模）一块质量为m的木块放在地面上，用一根弹簧连着木块，如图所示，用恒力F拉弹簧，使木块离开地面，如果力F的作用点向上移动的距离为h，则（）A．木块的重力势能增加了mgh B．木块的机械能增加了FhC．拉力所做的功为Fh D．木块的动能增加了Fh【考点】：功能关系；功的计算；重力势能．【分析】：功是力与力的作用点的乘积；题中拉力做功等于木块和弹簧系统的机械能增加量．【解析】：解：A、用恒力F拉弹簧，力F的作用点向上移动的距离为h，物体上升的高度不是h，故重力势能的增加量不是mgh，故A错误；B、C、D、功是力与力的作用点的乘积，故拉力的功为Fh，等于木块和弹簧系统的机械能增加量，故BD错误，C正确；故选：C．【点评】：用拉弹簧，使木块离开地面，如果力F的作用点向上移动的距离为h时的拉力是F．8．（6分）（2015•宝鸡二模）如图所示，在竖直方向上有四条间距为L=0.5m的水平虚线L1，L2，L3，L4，在L1L2之间，L3L4之间存在匀强磁场，大小均为1T，方向垂直于纸面向里．现有一矩形线圈abcd，长度ad=3L，宽度cd=L，质量为0.1kg，电阻为1Ω，将其从图示位置静止释放（cd边与L1重合），cd边经过磁场边界线L3时恰好做匀速直线运动，整个运动过程中线圈平面始终处于竖直方向，cd边水平，（g=10m/s2）则（）A． cd边经过磁场边界线L1时通过线圈的电荷量为0.5CB． cd边经过磁场边界线L3时的速度大小为4m/sC． cd边经过磁场边界线L2和L4的时间间隔为0.25sD．线圈从开始运动到cd边经过磁场边界线L4过程，线圈产生的热量为0.7J【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据感应电荷量q=，求解电荷量；cd边经过磁场边界线L3时恰好做匀速直线运动，线圈所受的安培力和重力平衡，根据平衡求出匀速直线运动的速度．cd边从L2到L3的过程中，穿过线圈的磁通量没有改变，没有感应电流产生，不受安培力，线圈做匀加速直线运动，加速度为g，根据运动学公式求出此过程的时间，再求解线圈下面磁场的时间，即可求解线圈cd边经过磁场边界线L2和L4的时间间隔．根据能量守恒求出线圈中所产生的电热．【解析】：解：A、cd边从L1运动到L2，通过线圈的电荷量为：q====0.25C，故A错误．B、cd边经过磁场边界线L3时恰好做匀速直线运动，根据平衡条件有：mg=BIL而I=联立两式解得：v===4m/s．故B正确．C、cd边从L2到L3的过程中，穿过线圈的磁通量没有改变，没有感应电流产生，不受安培力，线圈做匀加速直线运动，加速度为g，设此过程的时间为t1．此过程的逆过程为匀减速运动，由运动学公式得：L=vt1﹣cd边从L3到L4的过程做匀速运动，所用时间为 t2==0.25s，故cd边经过磁场边界线L2和L4的时间间隔为 t1+t2＞0.25s．故C错误．D、线圈从开始运动到cd边经过磁场边界线L4过程，根据能量守恒得：Q=mg•3L﹣mv2=0.7J．故D正确．故选：BD．【点评】：解决本题的关键理清线圈的运动情况，选择合适的规律进行求解，分别从力和能量两个角度进行研究．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）（2015•宝鸡二模）某实验小组的同学利用自由落体运动验证机械能守恒定律，实验装置如图所示．他们验证的原理是：看重物重力势能的减少量△E p=mgh n与其动能的增加量△E k=mv n2在误差允许范围内是否相等．实验中在计算纸带上某一点的速度时，甲同学用v n=g（nT）来计算，乙同学用v n=来计算，其中乙（填“甲”或“乙”）同学的计算方法更符合实验要求；在代入重力加速度g的数值时，甲用a=计算出重物下落的实际加速度并代入．乙同学用当地的实际重力加速度代入，其中乙（填“甲”或“乙”）同学的做法是正确的；某同学采用正确计算方法进行实验和计算，结果发现重物重力势能的减少量△E p略大于动能的增加量△E k．产生这种现象的主要原因是空气阻力以及纸带与打点计时器之间的摩擦力引起．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：（1）在验证机械能守恒定律时，通过某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解瞬时速度的大小，从而得出动能的增加量．求解重力势能的减小量时用当地的重力加速度代入计算．（2）由于存在阻力作用，重力势能的减小量略大于动能的增加量．【解析】：解：因有阻力作用，重物下落的实际加速度a＜g，故甲同学的计算方法不正确，乙同学应用v n=来计算是正确的．求重物重力势能的减少量时，应当用当地的实际重力加速度来计算，但一定大于重物下落的实际加速度a，故乙正确．结果发现重物重力势能的减少量△E p略大于动能的增加量△E k．产生这种现象的主要原因是空气阻力以及纸带与打点计时器之间的摩擦力引起．故答案为：乙，乙，空气阻力以及纸带与打点计时器之间的摩擦力引起【点评】：解决本题的关键知道实验的原理，掌握验证机械能守恒定律得方法，以及知道误差形成的原因，难度不大．10．（10分）（2015•宝鸡二模）A、B同学都用如图甲所示的电路测电源电动势E、内阻r以及R1的阻值．实验器材有：待测电源E，待测电阻R1，电压表V（量程为2.0V，内阻很大），电阻箱R（0～99.99Ω），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干．（1）A同学测量电阻R1的实验步骤如下，请在下面横线的空白处他的操作补充完整．闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数R0和对应的电压表示数U1，保持电阻箱阻值不变，将S2切换到b ，读出电压表的示数U2，则电阻R1的表达式为R1= ．（2）B同学已经测得电阻R1=5.2Ω，继续测电源电动势E和内阻r的值．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图乙所示的﹣图线，则待测电源电动势E= 1.43 V，内阻r= 0.8 Ω（计算结果小数点后保留两位数字）．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）电压表内阻很大，可以近似看作理想电表，可以根据串联电路的电路知识可以求出电阻的阻值；（2）由电阻箱及电压表可以得出电压及外电阻，则由闭合电路欧姆定律可求得电动势和电阻R2的阻值；【解析】：解：（1）当电压表接a时，电压表测R两端的电压，当接b时，电压表测R1及R 两端的电压；则R1两端的电压为：U2﹣U1；此时流过R1的电流为；由欧姆定律可得：R1=；故1中应将S2切换到b；（2）由题意可知，此实验中可测量出电阻箱的示数R，而电压表则出流过R的电流；由闭合电路欧姆定律可知：E=（R+R1+R2）；变形可得：=；由数学知识可得，=0.7；E=1.43V；==6解得内阻R2=6﹣5.2=0.8Ω；故答案为：（1）将S2切换到b；（2）1.43；0.8；【点评】：对于电学实验的考查，现在不再局限于课本知识的考查，而应根据原理去分析题意，从而找出合适的解决办法．11．（13分）（2015•宝鸡二模）如图所示，一名旅客在平直公路边等候长途汽车，他突然发现距离自己所在位置S0=5.0m处的汽车以P=34kW的恒定功率开始启动，于是他从静止开始以a=2.0m/s2的加速度匀加速追赶汽车，经过t=5.0s追上了正在加速运动的汽车．已知汽车（含车内乘客）的质量M=5.0×103kg，汽车运动过程中受到的阻力是其重力的0.08倍，重力加速度g取10m/s2．求：（1）汽车在启动过程中的最大速度；（2）人刚追上汽车时汽车的速度和加速度．【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．【专题】：功率的计算专题．【分析】：（1）汽车匀加速运动过程中，牵引力不变，由P=Fv可知，发动机的功率不断增大，当达到额定功率后，牵引力逐渐减小，加速度逐渐减小，做变加速运动，当牵引力与阻力平衡时开始匀速，此时，速度达到最大．由功率公式P=Fv m，F=f，可求出最大速度；（2）人刚追上汽车时，人运动的位移减去汽车运动的位移等于S0，根据运动学基本公式表示出人的位移，根据动能定理表示出汽车的位移，再结合牛顿第二定律及P=Fv求解人刚追上汽车时汽车的速度和加速度．【解析】：解：（1）由题意可得当汽车牵引力和阻力相等时，速度达到最大，设汽车所受牵引力为F，阻力为f，则P=Fv=fv m根据题意可知，f=0.08Mg联立可得：v m=8.5m/s（2）当旅客追上汽车时，旅客的位移为x1，汽车行驶的位移为x2，汽车速度为v′，加速度为a′，汽车所受的牵引力为F′，由题意可得：x1﹣x2=x0在旅客追上汽车的过程中，对于汽车由动能定理可得：P=Fv′加速度a联立以上各式可得：v′=6m/s，a′=0.33m/s2答：（1）汽车在启动过程中的最大速度为8.5m/s；（2）人刚追上汽车时汽车的速度为6m/s，加速度为0.33m/s2．【点评】：本题考查的是机车启动的两种方式，即恒定加速度启动和恒定功率启动．要求同学们能对两种启动方式进行动态分析，能画出动态过程的方框图，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度v m=12．（18分）（2015•宝鸡二模）如图甲所示，在变长为L的正方形abcd区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B，在匀强磁场区域的左侧有一电子枪，电子枪的阴极在单位时间内产生的电子数相同，电子枪的两极间加图乙所示的加速电压，电子从电子枪射出后沿bc方向进入匀强磁场区域，已知电子的荷质比（比荷）为，电子运动中不受任何阻力，电子在电子枪中运动的时间忽略不计，求：（1）进入磁场的电子在磁场中运动的最长时间t1与最短时间t2的比值；（2）若在0﹣T0时间内射入磁场的电子数为N0，则这些电子中有多少个电子从dc边射出磁场？【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）根据动能定理求出粒子的最大速度，结合半径公式求出最大半径，从而通过几何关系求出圆心角的最小值和最大值，根据周期公式求出运动的时间之比．（2）抓住粒子从dc边离开的临界状态，结合半径公式和动能定理求出电压的范围，从而得出电子从dc边射出的个数．【解析】：解：（1）设粒子进入磁场的最大速度为v m，根据动能定理得，，解得最大速度，则粒子在磁场中运动的最大轨道半径．此时对应的圆心角最小，根据几何关系得，圆心角θ1=，此时运动的时间最短，最短时间，粒子在磁场中运动的最大圆心角为π，则最长时间，可知t1：t2=6：1．（2）粒子从d点射出时，轨道半径为r=L，根据知，粒子进入磁场时的速度v==，根据动能定理得，，解得U′=，可知电压范围为，电子从dc边射出磁场，由图象可知在时间内的电子从dc边射出磁场，粒子的个数n=．答：（1）进入磁场的电子在磁场中运动的最长时间t1与最短时间t2的比值为6：1；（2）这些电子中有个电子从dc边射出磁场．【点评】：本题考查了带电粒子在电场中的加速和在磁场中的偏转，对粒子在磁场中的运动，关键作出轨迹图，结合临界情况得出半径的临界值，结合半径公式和周期公式进行求解．(二）选考题、请考生从以下两个模块中任选一模块作答[物理--选修3-4]（15分）13．（6分）（2015•宝鸡二模）以下说法中正确的是（）A．图甲是一束复色光进入水珠后传播的示意图，其中a束光在水珠中传播的速度一定大于b束光在水珠中传播的速度B．图乙是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，当入射角i逐渐增大到某一值后不再会有光线从bb'面射出C．图丙是双缝干涉示意图，若只减小屏到挡板间距离L，两相邻亮条纹间距离△x将减小D．图丁是用干涉法检测工件表面平整程度时得到的干涉图样，弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凸起的E．图戊中的M、N是偏振片，P是光屏．当M固定不动缓慢转动N时，光屏P上的光亮度将一明一暗交替变化，此现象表明光波是横波【考点】：双缝干涉的条纹间距与波长的关系；光的干涉．【专题】：估算分子个数专题．【分析】：根据折射率和光的传播速度之间的关系，可知，折射率越大，传播速度越小，根据图中的光线关系，判断折射率的大小，从而知道传播速度的大小．入射角i逐渐增大折射角逐渐增大，由于折射角小于入射角，不论入射角如何增大，玻璃砖中的光线不会消失，故肯定有光线从bb'面射出．根据双缝干涉相邻两亮条纹的间距△x与双缝间距离d及光的波长λ的关系式△x=，判断相邻亮条纹间距离△x的变化．光的偏振现象表明光是一种横波．【解析】：解：A、根据折射率和光的传播速度之间的关系，可知，折射率越大，传播速度越小，从图中可以看出，b光线在水中偏折得厉害，即b的折射率大于a的折射率，则a在水中的传播速度大于b的传播速度．故A正确．B、当入射角i逐渐增大折射角逐渐增大，由于折射角小于入射角，不论入射角如何增大，玻璃砖中的光线不会消失，故肯定有光线从bb'面射出，故B错误．C、根据双缝干涉相邻两亮条纹的间距△x与双缝间距离d及光的波长λ的关系式△x=，可知只减小屏到挡板间距离L，两相邻亮条纹间距离△x将减小，故C正确．D、由于不知道被测样表的放置方向，故不能判断此处是凸起的，故D错误．E、只有横波才能产生偏振现象，所以光的偏振现象表明光是一种横波．故E正确．故选：ACE．【点评】：本题要知道薄膜干涉形成的条纹是膜的上下表面的发射光干涉产生的．以及知道薄膜干涉是一种等厚干涉．同时要掌握双缝干涉相邻两亮条纹的间距△x与双缝间距离d及光的波长λ的关系式△x=．14．（9分）（2015•宝鸡二模）如图所示，位于原点O处的波源在t=0时刻，从平衡位置（在x轴上）开始沿y轴正方向做周期T=0.4s、振幅A=3cm的简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，当平衡位置坐标为（6m，0）的质点P刚开始振动时波源刚好位于波谷．①质点P在开始振动后的△t=2.5s内通过的路程是多少？②该简谐横波的最大波速是多少？【考点】：波长、频率和波速的关系；横波的图象．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：（1）简谐波传播过程中，质点的起振方向都与波源的起振方向相同．简谐横波传播过程中，介质中各个质点振动的周期都等于波源的振动周期，简谐波的波长为λ=vT，根据质点P与波源距离与波长的关系，分析振动情况的关系．（2）根据波传播的周期性，写出该波的波速的公式，当OP之间的距离小于一个波长时，波速最大．【解析】：解：①由于质点P从平衡位置开始运动，并且（1）质点P在开始振动后的△t=2.5s内通过的路程S=6×4A+A=25A=75cm （2）②设该简谐横波的波速为v，OP间的距离为△x，由题意可得：m （n=0、1、2、…）（3）所以：m/s （n=0、1、2、…）（4）当n=0时，波速最大为v m=20m/s （5）答：①质点P在开始振动后的△t=2.5s内通过的路程是75cm；②该简谐横波的最大波速是20m/s．【点评】：利用机械波的基本特点进行分析，根据距离与波长的关系确定P与波源状态关系；机械波的特点：简谐横波传播过程中，介质中各个质点振动的周期都等于波源的振动周期，起振方向都与波源的起振方向相同；本章一定要善于画波形图，据波形图分析找各质点的振动关系和距离关系．[物理--选修3-5]（15分）15．（2015•宝鸡二模）以下说法中正确的是（）A．图甲是α粒子散射实验示意图，当显微镜在A、B、C、D中的A位置时荧光屏上接收到的α粒子数最多B．图乙是氢原子的能级示意图，氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级时产生的光子的频率属于可见光范畴C．图丙是光电效应实验示意图，当光照射锌板时验电器的指针将发生偏转，此时验电器的金属杆带的是正电荷D．图丁是电子束穿过铝箔后的衍射图样，该实验现象说明实物粒子也具有波动性E．图戊是风力发电的国际通用标志【考点】：光电效应；粒子散射实验．。
高三物理第二次月考试题及答案
高三物理第二次月考试题（附答案）一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分，其中1-5为单选，6-8为多选）1．关于运动的合成与分解的说法中，正确的是 ( )A ．合运动的位移是分运动位移的代数和B ．合运动的速度一定比其中一个分速度大C ．合运动的时间为分运动时间之和D ．合运动就是物体的实际运动2．如图所示，A 、B 两球质量相等，且由轻质细杆连着，绕O 点在光滑的水平面上以相同的角速度做匀速圆周运动，OB ＝BA ，则（ ）．A.两段杆的拉力之比：T AB ：T OB =2：1B ．两段杆的拉力之比：T AB ：T OB ＝3：2C ．两段杆的拉力之比：T AB ：T OB =2：3D ．两段杆的拉力之比：T AB ：T OB =1：23.相距甚远的两颗行星A 与B 的表面附近各发射一颗卫星a 和b ，测得卫星a 绕行星A 的周期为a T ，卫星b 绕行星B 的周期为b T ，这两颗行星的密度之比B A ρρ:为（ ）2b 2A .T T A aB =ρρ 22b .a B A T T B =ρρ 33a .b B A T TC =ρρ 33b .aB A T T D =ρρ 4.如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面。
设小球在斜面最低点A 的速度为v ，压缩弹簧至C 点时弹簧最短，C 点距地面高度为h ，则从A 点到C 点的过程中弹簧弹力做的功是( )A.212mgh mv - B. 212mv mgh - C . –mgh D ．21()2mgh mv -+ 5.在水平面上，一物体在水平力F 作用下运动，其水平力随时间t 变化的图像及物体运动的V-t 图像如图。
由两个图像可知，10s 内( )A ． 水平力F 做的功为20JB ．克服摩擦力做的功为40JC ．摩擦力做的功为-20JD ．合力功为40J 6.如图所示，某人从高出水平地面h 的坡上水平击出一个质量为m 的高尔夫球，由于恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为L 的A 穴，则( )A ．该球从被击出到开始落入A 穴所用时间为gh 2 B ．该球从被击出到开始落入A 穴所用时间为h2g C ．球被击出时的初速度大小为h Lg 2 D ．球被击出时的初速度大小为hL 2g 7.现有两颗绕地球匀速圆周运动的人造地球卫星A 和B ，它们的轨道半径分别为A r 和B r 。
高三物理上学期第二次月考试题3 (2)
霍邱二中2015届高三年级第二次月考物理试题一、选择题（本大题包括10小题，每题4分，共40分。
每小题只有一个选项正确。
请把正确的选项填在答题卷的答题卡中）1、关于曲线运动，下列说法正确的是（）A.物体只有受到变力作用才做曲线运动B.物体做曲线运动时，加速度可能不变C.所有做曲线运动的物体，动能一定发生改变D.物体做曲线运动时,有可能处于平衡状态2、甲、乙两物体都做匀加速直线运动，已知甲物体的加速度大于乙物体的加速度，则在某一段时间内( )A．甲的位移一定比乙的大B．甲的平均速度一定比乙的大C．甲的速度变化一定比乙的大D．甲受到的合外力一定比乙的大3、南京青奥会正在举行，其中跳水比赛是我国的强项。
运动员“3m跳板跳水”运动的过程可简化为：运动员走上跳板，将跳板从水平位置B压到最低点C，跳板又将运动员竖直向上弹到最高点A，然后运动员做自由落体运动，竖直落入水中，跳板自身重力可忽略不计，则下列说法正确的是A．运动员向下运动（B→C）的过程中，先超重后失重，对板的压力先减小后增B．运动员向下运动（B→C）的过程中，先失重后超重，对板的压力一直增大C．运动员向上运动（C→B）的过程中，先失重后超重，对板的压力先增大后减小D．运动员向上运动（C→B）的过程中，先超重后失重，对板的压力先减小后增大4、某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象如图所示，若该物体在t＝0时刻，初速度均为零，则下列图象中表示该物体沿单一方向运动的图象是( )5、如图所示，水平面上，质量为10kg 的物块A 拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车正在以v=2m/s 的速度向左匀速运动，此时弹簧对物块的弹力大小为10N 时，物块相对于小车处于静止状态，若小车突然以a=2m/s 2的加速度刹车时( )A ．物块A 相对小车仍静止B ．物块A 受到的摩擦力将减小C ．物块A 受到的摩擦力将增大D ．物块A 受到的弹簧弹力将增大6、如图所示，电动玩具小车A 从倾角045θ=的斜面底端以速度m/s 21=v 沿斜面向上做匀速运动，同时在斜面底端正上方m 6=h 处，将小球B 以初速度2v 水平抛出，它们在斜面上恰好相碰（g 取10m/s 2）．则下列说法正确的是（ ） A 、要使两车相碰，小球的初速度大小为1m/s B 、两物体相碰的时间为1.5sC 、两物体相碰处距斜面底端A 点高2mD 、如果增大A 、B 两物体的高度，v 1不变，则两物体仍能相碰7、质量为M 的光滑圆槽放在光滑水平面上，一水平恒力F 作用在其上促使质量为m 的小球静止在圆槽上，如右图所示，则( )A ．小球对圆槽的压力为MFm ＋M B ．小球对圆槽的压力为mF m ＋MC ．水平恒力F 变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增加D ．水平恒力F 变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小8、如图、四条虚线间隔相等，三个质量相同的小球A 、B 、C 分别在不同的高度处，以相同的水平速度向左抛出。
秋高三物理第二次月考试题及参考答案
批扯州址走市抄坝学校秋高三第二次月考物理试题及参考答案1、一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑，可以证明此时斜面不受地面的摩擦力作用，假设沿斜面方向用力向下推此物体，使物体加速下滑，那么斜面受地面的摩擦力：A、大小为零B、方向水平向右C、方向水平向左D、无法判断大小和方向2、下列图为杂技表演的平安示意图，绳的结构为正方形格，0，a，b，c，d……为绳的结点，平安水平张紧后，假设质量为m的运发动从高处落下，并恰好落在0点上，该处下凹至最低点时，绳doe、bog均成120°向上的张角，如图乙所示，此时0的力的大小为：A、FB、2FC、F+mgD、2mgF3、如图甲所示，放在光滑水平面上的木块受到两个水平力F1与F2的作用，静止不动，现保持F1不变，使力F2逐渐减小到零，再逐渐恢复到哪一个：4n地面以恒速度v向右水平抛出，第一种方式是将n个小球一起抛出；第二种方式是将小球一个接一个地抛出，比拟这两种方法抛完小球后小车的最终速度：A、第一种较大B、第二种较大C、两种一样大O Ot t t tA B C D(乙)〔甲〕〔乙〕vD 、不能确5、我们的系中的恒星大约四分之一是双星，某双星由质量不的星体S 1和S 2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一点C 做匀速圆周运动，S 1和S 2的质量分别是M 1和M 2，S 1和S 2的距离为L ，引力常量为G ，由此可求出S 1的角速度为：A 、L M M G /)(21+ B 、321/)(L M M G + C 、L M GM /21 D 、321/L M GM6、光滑水平面上沿同一直线同方向运动的A 、B 球，动量分别为P A =5kg.m/s ，P B =7kg.m/s ，相碰后A 球动量减少了3kg.m/s ，那么A 、B 两球质量关系可能是： A 、m A =m B B 、2m A =m B C 、4m A =m B D 、6m A =m B7、如下图，物体A 、B 间夹有一被压缩的轻质弹簧，并用细绳连接固，处于静止状态，A 的质量是B 的两倍，现烧断细线，两物体开始运动，它们与水平面间的滑动摩擦力大小相，两物体脱离弹簧时的速度均不为零，那么烧断细线后：A 、两物体脱离弹簧时速率最大B 、两物体的速率同时到达最大值C 、两物体脱离弹簧时动能相同D 、两物体脱离弹簧时摩擦力对两物体做功相同8、将一个物体以初动能E 0竖直向上抛出，落回地面时物体的动能为21E 。
高三物理月考试题及答案-河南开封市2015届高三第二次模拟考试(精校解析版)
高三理科综合试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
二、选择题（本题包括8小题，每小题6分共48分。
其中14～18题每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，19～21题中有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则斜面与地面间( )A．没有摩擦力B．摩擦力的方向水平向右C．支持力为(M＋m)g D．支持力小于(M＋m)g【答案】D【解析】整体受力如图所示，根据共点力平衡得，地面的摩擦力f=F cosθ，分析水平向左．支持力的大小N=（M+m）g﹣F sinθ，小于（M+m）g．故D正确，A、B、C错误．故选D．【考点】共点力平衡；正交分解15．关于物体运动的加速度，下列说法正确的是：( )A．做直线运动的物体，加速度方向一定不变B．做曲线运动的物体，加速度可能不变C．做匀速圆周运动的物体，加速度不变D．以额定功率做加速直线运动的汽车，加速度是恒定的【答案】B【解析】（略）【考点】对加速度的理解16．如图所示，木块A放在木块B的左端上方，用水平恒力F将A拉到B的右端，第一次将B固定在地面上，F做功W1，生热Q1；第二次让B在光滑水平面上可自由滑动，F做功W2，生热Q2，则下列关系中正确的是：( )A．W1<W2，Q1=Q2B．W1=W2，Q1=Q2C．W1<W2，Q1<Q2D．W1=W2，Q1<Q2【答案】A【解析】木块从木板左端滑到右端克服摩擦力所做的功W=fs，因为木板不固定时木块的位移要比固定时长，所以W1＜W2，；摩擦产生的热量Q=fs相对，两次都从木板左端滑到右端，相对位移相等，所以Q1=Q2．故选A。
高三物理月考试题及答案-广东揭阳市普宁二中2015届高三上学期第二次月考试卷
广东省揭阳市普宁二中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、单项选择题（本题包括4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，有一个选项符合题目要求）1．（4分）在离地面高为h处竖直上抛一质量为m的物块，抛出时的速度为V0，当它落到地面时速度为V，用g表示重力加速度，则在此过程中物块克服空气阻力所做的功等于（）A．m gh﹣mv2﹣mv02B．﹣mv2﹣mv02﹣mghC．m gh+mv02﹣mv2D．m gh+mv2﹣mv022．（4分）如图所示，质量为3m的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为m，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg3．（4分）如图所示，在竖直平面内，有一光滑圆形轨道，AB为其水平方向的直径，甲、乙两球同时以同样大小的速度从A点出发，沿轨道内表面按图示方向运动到B，运动中均不脱离圆轨道，则下列说法正确的是（）A．甲球先到达BB．乙球先到达BC．两球同时到达BD．若两球质量相等则同时到达B4．（4分）如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的v﹣t图象，由图可知（）A．3s末物体回到初始位置B．3s末物体的加速度方向将发生变化C．物体所收合外力的方向一直向北D．物体所收合外力的方向一直向南二、双项选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）5．（6分）关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．物体做曲线运动时，它的速度可能保持不变B．物体只有受到一个方向不断改变的力的作用，才可能作曲线运动C．所有作曲线运动的物体，所受合外力方向与速度方向肯定不在一条直线上D．所有作曲线运动的物体，加速度方向与所受合外力方向始终一致6．（6分）如图所示，曲线ABC是一远程导弹运行的轨迹．若导弹在运动到最高点B之前发动机已停止工作，到达B点时的速度大小为v B、加速度大小为a B、重力势能为E pB．某卫星的运行圆轨道与曲线ABC相切于B点，卫星的环绕速度大小为v、向心加速度大小为a、重力势能为E p，不计空气阻力，则（）A．v B一定小于v B．a B一定等于aC．E pB一定等于E p D．v B大于7.9 km/s7．（6分）如图所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一轻质绳相连，质量分别为m A、m B，由于B球受到风力作用，A与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ．则下列说法中正确的是（）A．风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变B．B球受到的风力F为m B gtanθC．杆对A球的支持力随着风力的增加而增加D．A球与水平细杆间的动摩擦因数为8．（6分）一艘小船在河中xOy平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）A．若小船在x方向上始终匀速，则在y方向上先加速后减速B．若小船在x方向上始终匀速，则在y方向上先减速后加速C．若小船在y方向上始终匀速，则在x方向上先减速后加速D．若小船在y方向上始终匀速，则在x方向上先加速后减速9．（6分）关于汽车在水平路上运动，下列说法中正确的是（）A．汽车启动后以额定功率行驶，在速率达到最大以前，加速度是在不断增大的B．汽下启动后以额定功率行驶，在速度达到最大以前，牵引力应是不断减小的C．汽车以最大速度行驶后，若要减小速度，可减小牵引功率行驶D．汽车以最大速度行驶后，若再减小牵引力，速率会增大三、物理实验题（包括2个小题，每空3分，共18分）10．（9分）如图1所示，打点计时器固定在斜面的某处，让一滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下．图2是某同学验时打出的某条纸带的一段．已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，利用该纸带中测出的数据可得滑块下滑的加速度大小a=______ m/s2．为了测出滑块与斜面间的摩擦力，该同学已经测出斜面的长度l及高度h，他还需要测量的物理量是______，利用测得的量及加速度a表示摩擦力的大小f=______．11．（9分）某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功．装置如图1，一木块放在粗糙的水平长木板上，右侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块左侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向右做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未出），计数点间的距离如图2所示．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的拉力．①可以判断纸带的______（填“左端”或“右端”）与木块连接．可求出打下A点和B点时木块的速度V A=0.72m/s，V B=______m/s．（结果保留两位有效数字）②要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还应测量的物理量是______．（填入所选物理量前的字母）A．木板的长度L B．木块的质量m1C．木板的质量m2D．重物质量m3E．木块运动的时间t F．AB段的距离L AB．四、计算题（36分）12．（18分）如图所示，水平粗糙轨道AB与位于竖直面内半径为R的半圆形光滑轨道BCD 相连，半圆形轨道的BD连线与AB垂直．质量为m可看作质点的小滑块在恒定外力作用下从水平轨道上的A点由静止开始向左运动，到达水平轨道的末端B点时撤去外力，小滑块继续沿半圆形轨道运动，且恰好能通过轨道最高点D，滑块脱离半圆形轨道后又刚好落到A点．已知滑块与水平段动摩擦因数为µ，重力加速度为g，求：（1）滑块通过D点的速度大小．（2）滑块经过B点进入圆形轨道时对轨道压力的大小．（3）滑块在AB段运动过程中的恒定外力F．13．（18分）如图所示，挡板P固定在倾角为θ的斜面上，质量分别为m1、m2的小物块A 和B均可视为质点，两物块由一劲度系数为k的轻弹簧相连，一不可伸长的轻绳跨过定滑轮，一端与B相连，另一端连接一轻质小钩．A、B最初静止，不计一切摩擦力．已知重力加速度为g．（1）若在小钩上挂一质量为M的小物块C，并由静止释放，恰好能使A离开挡板P，C下降了多少？（2）若小物块C的质量改为2M，并由静止释放，则当A刚要离开挡板P时B的速度是多大？广东省揭阳市普宁二中2015届高三上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，有一个选项符合题目要求）1．（4分）在离地面高为h处竖直上抛一质量为m的物块，抛出时的速度为V0，当它落到地面时速度为V，用g表示重力加速度，则在此过程中物块克服空气阻力所做的功等于（）A．m gh﹣mv2﹣mv02B．﹣mv2﹣mv02﹣mghC．m gh+mv02﹣mv2D．m gh+mv2﹣mv02考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：物体从离地面A处以一定速度竖直上抛，最后又以一定速度落到地面，则过程中物体克服空气阻力做功，可由动能定理求出．解答：解：选取物体从刚抛出到正好落地，由动能定理可得：解得：故选：C点评：运用动能定理时，要当心力做功的正负，同时要合理选取过程．此题要求物体的克服空气阻力做功，即阻力做负功．同时得出重力做功与初末位置有关，而阻力做功与路径有关．2．（4分）如图所示，质量为3m的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为m，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．解答：解：对小滑块受力分析，受重力3mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μF NF N=3mg故f1=3μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=3μmg故选：C．点评：滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．3．（4分）如图所示，在竖直平面内，有一光滑圆形轨道，AB为其水平方向的直径，甲、乙两球同时以同样大小的速度从A点出发，沿轨道内表面按图示方向运动到B，运动中均不脱离圆轨道，则下列说法正确的是（）A．甲球先到达BB．乙球先到达BC．两球同时到达BD．若两球质量相等则同时到达B考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：甲乙两个小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，则到达B点的速度与初速度相等，再分别分析甲乙两个小球能量转化情况判断速度大小，进而求解．解答：解：根据题意得：乙球先向下运动，重力势能转化为动能，速度增大，然后动能转化为动力势能，速度变小，则乙球的速度是先变大后变小；甲球先向上运动，动能转化为重力势能，速度变小，然后重力势能转化为动能，速度变大，则小球的速度是先变小后变大，而甲乙两个小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，则到达B点的速度与初速度相等，所以甲的平均速度小于乙的平均速度，根据，可知，乙先到达B点．故选B点评：本题主要考查了机械能守恒定律的应用，知道在运动过程中，小球动能和重力势能的转化关系，难度适中．4．（4分）如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的v﹣t图象，由图可知（）A．3s末物体回到初始位置B．3s末物体的加速度方向将发生变化C．物体所收合外力的方向一直向北D．物体所收合外力的方向一直向南考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：物体沿南北方向做直线运动，根据规定的正方向，由速度图线分析物体的运动情况，根据图线与坐标轴所围“面积”表示位移，分析物体在什么时刻回到初始位置．图线的斜率等于加速度．由牛顿第二定律分析合外力的方向．解答：解：A、在前3s内，速度为负值，说明物体一直向南运动，没有回到初始位置．故A错误．B、直线的斜率是一定的，说明物体在6s内的加速度恒定不变，则3s末物体的加速度方向没有发生变化．故B错误．C、D图线的斜率一直大于零，说明物体加速度的方向一直向北，根据牛顿第二定律得知：加速度方向与合外力方向相同，所以物体所受合外力的方向一直向北．故C正确，D错误．故选C点评：由速度图象读出速度的大小、方向、加速度、位移等等是基本功，加强训练，熟练应用．二、双项选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）5．（6分）关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．物体做曲线运动时，它的速度可能保持不变B．物体只有受到一个方向不断改变的力的作用，才可能作曲线运动C．所有作曲线运动的物体，所受合外力方向与速度方向肯定不在一条直线上D．所有作曲线运动的物体，加速度方向与所受合外力方向始终一致考点：物体做曲线运动的条件；曲线运动．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：曲线运动物体的速度沿曲线的切线方向，一定是变速运动．物体做曲线运动的条件是合外力与速度不在一条直线上．根据曲线运动的相关进行分析．解答：解：A、物体做曲线运动时，它的速度沿切线方向，时刻在改变，所以速度必定在改变．故A错误．B、只要物体的合外力方向与速度方向不在一条直线上，物体就作曲线运动．故B错误．C、作曲线运动的物体，所受合外力方向与速度方向一定不在一条直线上．故C正确．D、根据牛顿第二定律得知，加速度方向与所受合外力方向始终一致．故D正确．故选CD点评：本题考查曲线运动两个基本知识点：一是曲线运动速度的方向；物体做曲线运动的条件，运用牛顿定律加深理解记忆．6．（6分）如图所示，曲线ABC是一远程导弹运行的轨迹．若导弹在运动到最高点B之前发动机已停止工作，到达B点时的速度大小为v B、加速度大小为a B、重力势能为E pB．某卫星的运行圆轨道与曲线ABC相切于B点，卫星的环绕速度大小为v、向心加速度大小为a、重力势能为E p，不计空气阻力，则（）A．v B一定小于v B．a B一定等于aC．E pB一定等于E p D．v B大于7.9 km/s考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：A、导弹运动到B点，由于万有引力大于所需要的向心力，做近心运动，若要从B 点进入圆轨道，必须加速．B、比较加速度，根据牛顿第二定律，比较所受的万有引力和质量的比值．C、根据E P=mgh比较重力势能．D、7.9km/s是地球的第一宇宙速度，根据万有引力提供向心力，轨道半径越大，线速度越小，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度．解答：解：A、导弹运动到B点，由于万有引力大于所需要的向心力，做近心运动，若要从B点进入圆轨道，必须加速．所以v B一定小于v．故A正确．B、曲线ABC经过B点时，a=，圆轨道经过B点时，加速度a=．所以它们的加速度相等．故B正确．C、根据E P=mgh，高度相同，但质量不一定相同，所以重力势能不一定相等．故C错误．D、根据万有引力提供向心力，轨道半径越大，线速度越小，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度．所以卫星运行轨道的速度小于7.9km/s．故D错误．故选：AB．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，知道第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度．以及掌握如何比较加速度．7．（6分）如图所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一轻质绳相连，质量分别为m A、m B，由于B球受到风力作用，A与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ．则下列说法中正确的是（）A．风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变B．B球受到的风力F为m B gtanθC．杆对A球的支持力随着风力的增加而增加D．A球与水平细杆间的动摩擦因数为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对小球受力分析，根据共点力的平衡条件可得出小球受力间的大小关系；对整体分析可得出A球与水平细杆间的摩擦力大小，则可求得动摩擦因数．解答：解：以球B为研究对象，受到重力、风力和拉力，三力平衡，则可得到拉力T=，风力F=m B gtanθ，故B正确；风力增大时，则小球的偏角变大，则拉力改变，故A错误；利用整体法，水平方向上有F=μ（m A+m B）g，解得μ=，故D正确；对整体分析，竖直方向上杆对环A的支持力N A=（m A+m B）g，故C错误；故选BD．点评：本题中要注意物体做匀速直线运动，故处于平衡状态；并能灵活应用整体法与隔离法．8．（6分）一艘小船在河中xOy平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）A．若小船在x方向上始终匀速，则在y方向上先加速后减速B．若小船在x方向上始终匀速，则在y方向上先减速后加速C．若小船在y方向上始终匀速，则在x方向上先减速后加速D．若小船在y方向上始终匀速，则在x方向上先加速后减速考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：物体做曲线运动，合力大致指向轨迹凹的一向，则加速度大致指向轨迹凹的一向．根据轨迹弯曲判断加速度的方向．解答：解：A、若小船在x方向上始终匀速，开始轨迹向下凹，则在y轴方向的加速度方向向下，速度向上，做减速运动，然后轨迹向上凹，则在y轴方向上的加速度方向向上，速度向上，做加速运动，所以在y轴方向上先减速后加速．故A错误，B正确．C、若小船在y方向上始终匀速，开始轨迹向下凹，则在x轴上的加速度方向水平向右，速度向右，做加速运动，然后轨迹向上凹，则在x轴方向上加速度方向水平向左，速度向右，做减速运动，所以在x轴上先加速后减速．故C错误，D正确．故选BD．点评：解决本题得关键知道在曲线运动中，合力大致指向轨迹凹的一向，会根据轨迹弯曲判断加速度的方向．9．（6分）关于汽车在水平路上运动，下列说法中正确的是（）A．汽车启动后以额定功率行驶，在速率达到最大以前，加速度是在不断增大的B．汽下启动后以额定功率行驶，在速度达到最大以前，牵引力应是不断减小的C．汽车以最大速度行驶后，若要减小速度，可减小牵引功率行驶D．汽车以最大速度行驶后，若再减小牵引力，速率会增大考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车的功率不变，结合P=Fv求出牵引力的变化，根据牛顿第二定律得出加速度的变化，从而得出速度的变化．解答：解：A、汽车启动后以额定功率行驶，根据P=Fv知，牵引力逐渐减小，根据牛顿第二定律得，a=，加速度不断减小，加速度的方向与速度方向相同，速度逐渐增大，当加速度减小到零，速度达到最大，汽车做匀速运动，故A错误，B正确．C、汽车以最大速度行驶后，根据P=Fv，减小牵引功率，则F减小，加速度反向增大，速度减小，故C正确．D、汽车以最大速度行驶，若减小牵引力，根据牛顿第二定律知，产生的加速度方向与速度方向相反，速度减小．故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键掌握机车以恒定功率启动和恒定加速度启动的过程，结合牛顿第二定律和运动学公式分析判断，难度中等．三、物理实验题（包括2个小题，每空3分，共18分）10．（9分）如图1所示，打点计时器固定在斜面的某处，让一滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下．图2是某同学验时打出的某条纸带的一段．已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，利用该纸带中测出的数据可得滑块下滑的加速度大小a=4.00 m/s2．为了测出滑块与斜面间的摩擦力，该同学已经测出斜面的长度l及高度h，他还需要测量的物理量是滑块的质量m，利用测得的量及加速度a表示摩擦力的大小f=mg﹣ma．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：利用匀变速直线运动的推论，采用a=求解加速度，对滑块进行受力分析，根据牛顿第二定律解决问题．解答：解：由图乙中的纸带可知相邻的2个计数点间的时间间隔t=2×0.02s=0.04s，根据匀变速直线运动的推论a=═4.00m/s2．对小车进行受力分析，小车受重力、支持力、阻力．将重力沿斜面和垂直斜面分解，设斜面倾角为θ，根据牛顿第二定律得：F合=mgsinθ﹣f=maf=mgsinθ﹣ma，该同学已经测出斜面的长度l及高度h，即sinθ=所以我们要求出滑块质量m，所以f=mg﹣ma．故答案为：4.00；滑块的质量m；mg﹣ma．点评：能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．能够把纸带的问题结合动力学知识运用解决问题．注意单位的换算和有效数字的保留．11．（9分）某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功．装置如图1，一木块放在粗糙的水平长木板上，右侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块左侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向右做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未出），计数点间的距离如图2所示．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的拉力．①可以判断纸带的右端（填“左端”或“右端”）与木块连接．可求出打下A点和B点时木块的速度V A=0.72m/s，V B=0.97m/s．（结果保留两位有效数字）②要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还应测量的物理量是B．（填入所选物理量前的字母）A．木板的长度L B．木块的质量m1C．木板的质量m2D．重物质量m3E．木块运动的时间t F．AB段的距离L AB．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：（1）重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小；纸带上某点的瞬时速度等于该点前后相邻两个点间的平均速度；（2）克服摩擦力做的功等于动能的减小量，故需要天平测量质量．解答：解：（1）重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小，故纸带向右运动，故其右端连着小木块；计数点间的时间间隔为：t=0.02s×5=0.1s，纸带上某点的瞬时速度等于该点前后相邻两个点间的平均速度，打B点时的速度为：v B==0.97 m/s．（2）木块在运动过程中，克服摩擦力做的功等于木块动能的减小量，由动能定理得：木块克服摩擦力做的功为：W f=mv B2﹣mv A2，因此实验过程中还需要用天平测出木块的质量m1，因此需要的实验器材是G，需要测量的量是B．故答案为：（1）右端，0.97；（2）B点评：本题关键要明确实验的原理和实验的具体操作步骤，然后结合匀变速直线运动的规律和动能定理进行分析判断．四、计算题（36分）12．（18分）如图所示，水平粗糙轨道AB与位于竖直面内半径为R的半圆形光滑轨道BCD 相连，半圆形轨道的BD连线与AB垂直．质量为m可看作质点的小滑块在恒定外力作用下从水平轨道上的A点由静止开始向左运动，到达水平轨道的末端B点时撤去外力，小滑块继续沿半圆形轨道运动，且恰好能通过轨道最高点D，滑块脱离半圆形轨道后又刚好落到A点．已知滑块与水平段动摩擦因数为µ，重力加速度为g，求：（1）滑块通过D点的速度大小．（2）滑块经过B点进入圆形轨道时对轨道压力的大小．（3）滑块在AB段运动过程中的恒定外力F．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）小滑块继续沿半圆形轨道运动，且恰好能通过轨道最高点D，可知此时重力提供向心力，由牛顿第二定律列方程求解滑块通过D点的速度（2）从B到D应用机械能守恒定律，结合第一问的结果可得B点的速度，在此位置应用牛顿第二定律列方程可得轨道对物体的弹力，应用牛顿第三定律得到物体对轨道的压力（3）物体从D点后改做平抛运动，由平抛规律可得AB间的水平距离，应用匀变速运动规律可得滑块在AB段运动过程中的加速度大小。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2015秋期高三物理第二次月考试题（带答案）玉溪一中高2016届高三第二次月考物理试卷（考试时间：90分钟满分：100分）一、选择题（本题共14小题，共48分。
1-8题每小题只有一个选项正确，每题3分；9-14题每小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分。
有错选的得0分） 1、如图A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在竖直的粗糙的墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知mA＞mB，不考虑空气阻力，则物体B ( ) A．只受一个力作用 B．受到两个力作用 C．受到三个力作用 D．受到四个力作用 2、如图，小滑块a、b通过铰链用刚性轻杆连接，a套在固定竖直杆上， b放在水平地面上，a竖直下滑，当ab间的轻杆与竖直方向夹角为θ时，a的速度为v，则此时b沿水平地面向右运动的速度大小为（） A. B. C. D.因为不知道是否有摩擦，所以b的速度不能确定 3、一个110匝的闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的感应电动势如图乙所示。
则可以判断（） A.t=0时刻线圈应转到图甲所示的位置 B.该线圈转动的角速度为100π rad/s C.产生的电动势的有效值为311V D.穿过线圈的磁通量的最大值为 Wb 4、一质点在xoy平面内的运动轨迹如图所示，下列判断正确的是（） A．若x方向始终匀速，则y方向先加速后减速 B．若x方向始终匀速，则y方向先减速后加速 C．若y方向始终匀速，则x方向先减速后加速 D．若y方向始终匀速，则x方向一直加速 5、用一根轻质细绳将一幅画框对称地悬挂在墙壁上，如图所示。
若将画框中两个挂钉间的间距适当缩小，仍用同样长的细绳悬挂，则细绳的张力将（） A.变大 B.变小 C.不变 D.无法确定 6、雨天的野外骑车时，在自行车的后轮轮胎上常会粘附一些泥巴，行驶时感觉很“沉重”。
如果将自行车后轮撑起，使后轮离开地面而悬空，然后用手匀速摇脚踏板，使后轮飞速转动，泥巴就被甩下来。
如图所示，图中a、b、c、d为后轮轮胎边缘上的四个特殊位置，则( ) A．泥巴在图中a、c位置的向心加速度大于b、d位置的向心加速度 B．泥巴在图中的b、d位置时最容易被甩下来 C．泥巴在图中的c位置时最容易被甩下来 D．泥巴在图中的a 位置时最容易被甩下来 7、银河系中的星系多为只有一颗或两颗恒星的单星系或双星系，具有三颗以上恒星的星系被称为聚星系，近年来，也有聚星系陆续被观测到。
聚星系的动力学问题很复杂，现在，我们假设有一种较简单的三星系统，三颗恒星质量相等，处在一个正三角形的三个顶点上，它们仅在彼此的引力作用下绕着正三角形的中心做匀速圆周运动，周期为T，已知它们之间的距离为r，它们自身的大小与它们之间的距离相比可以忽略。
万有引力常量为G，则可以推知每颗恒星的质量为（） A. B. C. D. 8、在竖直墙壁间有质量分别是m和2m的半圆球A和圆球B，其中B球球面光滑，半球A与左侧墙壁之间存在摩擦。
两球心之间连线与水平方向成30°的夹角，两球能够一起以加速度a匀加速竖直下滑，已知a<g ，（g为重力加速度）则半球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为（） A. B. C. D. 9、如图，质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的平行光滑导轨上，加下列方向的匀强磁场时，可以使ab静止在光滑导轨上的是（）10、如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人从A点处以速度v0沿水平方向扔小石块，已知AO=40m，不计空气阻力。
下列说法正确的是（） A．若v0 >20m/s，则石块可以落入水中 B．只要石块能落入水中，则落水前在空中运动的时间与初速度大小无关 C．若石块能落入水中，则v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大 D．若石块不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大 11、要发射一颗人造地球卫星，先将它发射到半径为r1、周期为T1的近地暂行轨道上绕地球做匀速圆周运动，在A点变轨到一个椭圆的转移轨道上，在远地点B时，再次变轨，使它进入半径为r2的预定轨道运行。
则下列判断正确的是（） A.在近地暂行轨道上经过A点时需要加速才能进入椭圆轨道 B.在椭圆轨道上经过B点时需要减速才能进入预定圆轨道C.在这三个轨道中，沿椭圆轨道运行时卫星的机械能最大 D.根据题中所给条件，即可求出卫星沿椭圆轨道运行一周的时间 12、电视机的显像管中，电子束的偏转是用磁偏转技术实现的。
电子束经过电压为U的加速电场后，进入一圆形匀强磁场区，如图所示。
磁场方向垂直于圆面，磁感应强度为B，磁场区的中心为O，半径为r。
电子束通过磁场后，偏转角度为θ，在不改变其他因素的条件下，下列措施可以使θ增大的是（） A.增大电压U B.减小电压U C.增大磁感应强度B D.减小磁场区域的半径r13、质量为m的球从高处由静止开始下落，已知球所受的空气阻力与速度大小成正比.下列图象分别描述了球下落过程中加速度a、速度v 随时间t的变化关系和动能Ek、机械能E随下落位移h的变化关系，其中可能正确的是（）14、如图所示，光滑斜面CA、DA、EA都以AB为底边．三个斜面的倾角分别为75°、45°、30°．一小物体分别沿三个斜面由顶端从静止滑到底端，下面说法中正确的是（ ) A．物体沿CA滑到底端时具有最大速率 B．物体沿CA下滑，重力的平均功率最大 C．物体沿EA 滑到底端所需时间最短 D．物体沿DA滑到底端所需时间最短二、实验填空题（每空2分，共12分） 15、用如图甲所示实验装置测量某电路元件R的伏安特性曲线。
若考虑电压表、电流表内阻的影响，用此接法测出的R的阻值_______真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）；若测出R的伏安特性曲线如图乙所示，则可判断R的阻值随温度的升高而________（填“增大”、“减小”或“不变”）。
16、用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种。
重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即验证机械能守恒定律。
（1）下面列举了该实验的几个操作步骤： A．按照图示的装置安装器件； B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上； C．用天平测出重锤的质量； D．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带； E．测量纸带上某些点间的距离； F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能．其中没有必要进行的或者操作不当的步骤是．（将其选项对应的字母填在横线处）（2）利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值。
如图所示，根据打出的纸带，选取纸带上的连续的五个点A、B、C、D、E，测出A距起始点O的距离为s0，点AC间的距离为s1，点CE间的距离为s2，使用交流电的频率为f，根据这些条件计算重锤下落的加速度a＝_________．（3）在上述验证机械能守恒定律的实验中发现，重锤减小的重力势能总是大于重锤动能的增加，其原因主要是因为在重锤下落的过程中存在阻力作用，可以通过该实验装置测阻力的大小。
若已知当地重力加速度公认的较准确的值为g，还需要测量的物理量是．用上述物理量和重锤的加速度a表示出重锤在下落的过程中受到的平均阻力大小F ＝．三、计算题。
（本题共3小题，共40分） 17、（10分）跳伞运动员做低空跳伞表演，他在离地面高H=224 m处，由静止开始在竖直方向做自由落体运动。
一段时间后，立即打开降落伞，可以视为以a=12.5 m/s2的加速度匀减速下降，为了运动员的安全，要求运动员落地速度最大不得超过v=5 m/s（g取10 m/s2）。
求：（1）运动员展开伞时，离地面高度至少为多少? （2）运动员在空中的最短时间是多少?18、（15分）如图，粗糙水平面与光滑的、半径为R=20cm的圆弧轨道BC平滑相接，C点的切线沿竖直方向，在C点正上方有一离C点高度为h=12cm的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能到达C点正上方。
一劲度系数为k=100N/m的轻弹簧左端固定在竖直墙壁上，右端有一质量为m=1kg的小物块（不栓接）。
开始时用手将小物块按住处于A点，使弹簧处于压缩状态，压缩量为40cm，AB间的距离L=70cm，放手后物块被弹出。
已知弹性势能的计算式为Ep= ，其中k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量。
物块与水平面间的动摩擦因数为μ=0.4，g取10m/s2。
求：（1）小物块在此后运动过程中的最大动能。
（2）小物块上升到达旋转平台时的速度大小。
（3）若小物块能通过P孔，又恰能从Q孔落下，则平台匀速转动的角速度应满足什么条件？19、（15分）【物理选修3-5】 (1) (5分）下列说法中正确的是________ (填入正确选项前的字母，选对l个给3分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得0分）。
A. 按照玻尔的理论，氢原子向低能级跃迁时，电子绕核运动的轨道半径将减小 B.原子的核式结构学说，是卢瑟福根据天然放射现象提出来的 C.用升温、加压的方法和化学的方法都不能改变原子核衰变的半衰期 D. 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长 E. 重核裂变时释放能量，会出现质量亏损，即生成物的总质量数小于反应前的总质量数 (2)（10分）如图所示，一质量为2m、长为L的平板小车静止在光滑水平地面上。
一质量为m 的小滑块（可视为质点）静止于小车的左端，现有一质量也为m的子弹以水平向右的速度v0打入小滑块并留在其中，小滑块恰好滑到小车的右端没有掉下。
重力加速度为g，求小滑块与小车间动摩擦因数的大小。
2016届高三第二次月考答案一、选择题（共48分） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 A A B B B C B A AB AB AD BC BD ABD 二、实验填空题（每空2分，共12分） 15、小于增大 16、（1）BCD （2）(3)重锤的质量m； mg-ma 17、（10分）（1）设运动员做自由落体运动下落的高度为h，自由落体的末速度为v0，可解得h=125m，离地面高度为99m，v0=50m/s （2）自由下落的时间为t1= s =5 s 匀减速运动的时间为t2= ｍ／s=3.6 s 在空中的最短时间为t=t1＋t2=8.6 s 18、（15分）（1）当弹力与摩擦力大小相等时，滑块速度最大根据动能定理，又可得（2）对A到P的过程用动能定理可得v=2m/s （3）从P孔上升到Q孔落下的时间为（k=0,1,2……） 19、（1）（5分）ACD （2）（10分）可得。