河北省清河县高三数学《39直接证明与间接证明》课时作业
直接证明和间接证明课程教案

直接证明和间接证明课程教案第一章:引言1.1 课程目标本课程旨在帮助学生理解直接证明和间接证明的基本概念,掌握它们的应用方法,并能够灵活运用这两种证明方式解决实际问题。
1.2 课程内容本章将介绍直接证明和间接证明的定义、分类和基本方法。
1.3 教学方法采用讲授、案例分析、小组讨论等多种教学方法,帮助学生理解和掌握相关概念和方法。
第二章:直接证明2.1 定义和分类2.1.1 直接证明的定义直接证明是通过逻辑推理,直接从已知事实或前提出发,推导出要证明的结论。
2.1.2 直接证明的分类(1)直接逻辑推理:根据已知事实或前提,直接推导出结论。
(2)数学归纳法:先证明基本情况,再证明归纳步骤。
2.2 基本方法2.2.1 演绎法从一般到特殊的证明方法,即从一般原理推导出特殊情况下的结论。
2.2.2 归纳法从特殊到一般的证明方法,即先证明特殊情况,再推导出一般结论。
第三章:间接证明3.1 定义和分类3.1.1 间接证明的定义间接证明是通过证明相反命题的假性,从而证明原命题的真性。
3.1.2 间接证明的分类(1)反证法:假设相反命题为真,通过逻辑推理得出矛盾,从而证明原命题为真。
(2)归谬法:假设相反命题为真,推导出明显错误的结论,从而证明原命题为真。
3.2 基本方法3.2.1 反证法假设相反命题为真,通过逻辑推理得出矛盾,从而证明原命题为真。
3.2.2 归谬法假设相反命题为真,推导出明显错误的结论,从而证明原命题为真。
第四章:证明的辅助方法4.1 数学归纳法数学归纳法是一种包含直接证明和间接证明的方法,先证明基本情况,再证明归纳步骤。
4.2 逆否命题法将原命题的逆否命题作为证明对象,先证明逆否命题,再根据逆否命题与原命题的等价性得出原命题的证明。
第五章:练习与案例分析5.1 练习题设计一些有关直接证明和间接证明的练习题,帮助学生巩固所学内容。
5.2 案例分析分析一些实际案例,让学生运用直接证明和间接证明的方法解决问题。
直接证明与间接证明

第十二章
12.4
直接证明与间接证明
梳理自测 探究突破 巩固提升
考纲要求
-9-
4.命题“对于任意角 θ,cos4θ-sin4θ=cos 2θ”的证明:cos4θ-sin4θ=(cos2θsin2θ)(cos2θ+sin2θ)=cos2θ-sin2θ=cos 2θ 过程应用了( A.分析法 C.综合法、分析法综合应用 B.综合法 D.间接证明法 )
因为证明过程是“从左往右”,即由条件⇒结论 B
关闭 关闭
解析
答案
第十二章
12.4
直接证明与间接证明
梳理自测 探究突破 巩固提升
考纲要求
-10-
5.因为某种产品的两种原料相继提价,所以生产者决定对产品分两次提价, 现在有三种提价方案: 方案甲:第一次提价 p%,第二次提价 q%; 方案乙:第一次提价 q%,第二次提价 p%; 方案丙:第一次提价 A.甲
即证明 ( t an x1+t an x2) >t an 只需证明
1 2
������1 +������2 ������ +������ 1 sin������1 sin������2 ,只需证明 + >t an 1 2, 2 2 cos������1 cos������2 2
sin( ������1 +������2 ) sin( ������1 +������2 ) > . 2cos������1 cos������2 1+cos(������1 +������2 ) π 由于 x1,x2∈ 0, ,故 x1+x2∈( 0,π) . 2
梳理自测 探究突破 巩固提升
考纲要求
高考数学总复习 课时作业53 直接证明与间接证明 文 新

课时作业(五十三) 直接证明与间接证明A 级1.用分析法证明:欲使①A >B ,只需②C <D ,这里①是②的( ) A .充分条件 B .必要条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件2.设a =lg 2+lg 5,b =e x(x <0),则a 与b 大小关系为( ) A .a >b B .a <b C .a =bD .a ≤b3.要证a 2+b 2-1-a 2b 2≤0,只需证明( ) A .2ab -1-a 2b 2≤0 B .a 2+b 2-1-a 4+b 42≤0C.a +b22-1-a 2b 2≤0D .(a 2-1)(b 2-1)≥04.若x ,y ∈R ,则下面四个式子中恒成立的是( ) A .log 2(1+2x 2)>0 B .x 2+y 2≥2(x -y -1) C .x 2+3xy >2y 2D.x y <x +1y +15.设x 、y 、z >0,a =x +1y ,b =y +1z ,c =z +1x,则a 、b 、c 三数( )A .至少有一个不大于2B .都小于2C .至少有一个不小于2D .都大于26.设a =3+22,b =2+7,则a ,b 的大小关系为________. 7.若a a +b b >a b +b a ,则a 、b 应满足的条件是____________.8.用反证法证明命题“若实数a ,b ,c ,d 满足a +b =c +d =1,ac +bd >1,则a ,b ,c ,d 中至少有一个是非负数”时,第一步要假设结论的否定成立,那么结论的否定是________.9.(2011·肇庆模拟)已知点A n (n ,a n )为函数y =x 2+1图象上的点,B n (n ,b n )为函数y =x 图象上的点,其中n ∈N *,设c n =a n -b n ,则c n 与c n +1的大小关系为__________.10.若a >b >c >d >0且a +d =b +c , 求证:d +a <b +c .11.在△ABC中,∠A,∠B,∠C的对边分别为a,b,c,若a,b,c三边的倒数成等差数列,求证:∠B<90°.B 级1.不相等的三个正数a,b,c成等差数列,并且x是a与b的等比中项,y是b与c 的等比中项,则x2,b2,y2三数( )A.成等比数列而非等差数列B.成等差数列而非等比数列C.既成等差数列又成等比数列D.既非等差数列又非等比数列2.设a,b是两个实数,给出下列条件:①a+b>1;②a+b=2;③a+b>2;④a2+b2>2;⑤ab>1.其中能推出:“a,b中至少有一个大于1”的条件是________.(填序号)3.已知{a n}是正数组成的数列,a1=1,且点(a n,a n+1)(n∈N*)在函数y=x2+1的图象上.(1)求数列{a n}的通项公式;(2)若数列{b n}满足b1=1,b n+1=b n+2a n,求证:b n·b n+2<b2n+1.答案:课时作业(五十三)A 级1.B 分析法证明的本质是证明结论的充分条件成立,即②⇒①,所以①是②的必要条件.2.A ∵a =lg 2+lg 5=lg 10=1,而b =e x <e 0=1,故a >b . 3.D 因为a 2+b 2-1-a 2b 2≤0⇔(a 2-1)(b 2-1)≥0. 4.B ∵1+2x 2≥1,∴log 2(1+2x 2)≥0,故A 不正确;x 2+y 2-2(x -y -1)=(x -1)2+(y +1)2≥0,故B 正确;令x =0,y =1,则x 2+3xy <2y 2,故C 不正确; 令x =3,y =2,则32>3+12+1,故D 不正确.5.C 假设a 、b 、c 都小于2,则a +b +c <6.而事实上a +b +c =x +1x +y +1y +z +1z≥2+2+2=6与假设矛盾,∴a 、b 、c 中至少有一个不小于2.6.解析: a =3+22,b =2+7两式的两边分别平方,可得a 2=11+46,b 2=11+47,显然,6<7.∴a <b .答案: a <b7.解析: ∵a a +b b >a b +b a ⇔(a -b )2(a +b )>0⇔a ≥0,b ≥0且a ≠b . 答案: a ≥0,b ≥0且a ≠b8.解析: “至少有一个”的否定是“一个也没有”,故结论的否定是“a ,b ,c ,d 中没有一个是非负数,即a ,b ,c ,d 全是负数”.答案: a ,b ,c ,d 全是负数9.解析: 由条件得c n =a n -b n =n 2+1-n =1n 2+1+n,∴c n 随n 的增大而减小.∴c n +1<c n . 答案: c n +1<c n10.证明: 要证d +a <b +c ,只需证(d +a )2<(b +c )2, 即a +d +2ad <b +c +2bc , 因a +d =b +c ,只需证ad <bc . 即ad <bc ,设a +d =b +c =t ,则ad -bc =(t -d )d -(t -c )c =(c -d )(c +d -t )<0. ∴ad <bc 成立,从而d +a <b +c 成立.11.证明: 假设∠B <90°不成立,即∠B ≥90°,从而∠B 是△ABC 的最大角,∴b 是△ABC 的最大边,即b >a ,b >c .∴1a >1b ,1c >1b ,相加得1a +1c >1b +1b =2b,这与1a +1c =2b矛盾.故∠B ≥90°不成立.因此∠B <90°.B 级1.B 由已知条件,可得⎩⎪⎨⎪⎧a +c =2b , ①x 2=ab , ②y 2=bc . ③由②③得⎩⎪⎨⎪⎧a =x 2b,c =y2b .代入①得x 2b +y 2b=2b ,即x 2+y 2=2b 2.故x 2,b 2,y 2成等差数列.2.解析: 若a =12,b =23,则a +b >1,但a <1,b <1,故①推不出;若a =b =1,则a +b =2,故②推不出;若a =-2,b =-3,则a 2+b 2>2,故④推不出; 若a =-2,b =-3,则ab >1,故⑤推不出; 对于③,即a +b >2,则a ,b 中至少有一个大于1, 反证法:假设a ≤1且b ≤1, 则a +b ≤2与a +b >2矛盾,因此假设不成立,故a ,b 中至少有一个大于1. 答案: ③3.解析: (1)由已知得a n +1=a n +1,则a n +1-a n =1,又a 1=1, 所以数列{a n }是以1为首项,1为公差的等差数列. 故a n =1+(n -1)×1=n .(2)证明:由(1)知,a n =n ,从而b n +1-b n =2n.b n =(b n -b n -1)+(b n -1-b n -2)+…+(b 2-b 1)+b 1=2n -1+2n -2+…+2+1=1-2n1-2=2n-1.因为b n ·b n +2-b 2n +1=(2n -1)(2n +2-1)-(2n +1-1)2=(22n +2-2n +2-2n +1)-(22n +2-2×2n +1+1)=-5×2n+4×2n=-2n<0,所以b n ·b n +2<b 2n +1.。
高三数学一轮复习课时作业16:§13.2 直接证明与间接证明

§13.2 直接证明与间接证明一、选择题1.已知m >1,a =m +1-m ,b =m -m -1,则以下结论正确的是( ) A .a >b B .a <bC .a =bD .a ,b 大小不定2.设x ,y ,z >0,则三个数y x +y z ,z x +z y ,x z +xy ( )A .都大于2B .至少有一个大于2C .至少有一个不小于2D .至少有一个不大于23.若用分析法证明:“设a >b >c ,且a +b +c =0,求证:b 2-ac <3a ”索的“因”应是( ) A .a -b >0 B .a -c >0 C .(a -b )(a -c )>0D .(a -b )(a -c )<04.已知a >0,b >0,如果不等式2a +1b ≥m2a +b 恒成立,那么m 的最大值等于( )A .10B .9C .8D .75.设f (x )是定义在R 上的奇函数,且当x ≥0时,f (x )单调递减,若x 1+x 2>0,则f (x 1)+f (x 2)的值( ) A .恒为负值 B .恒等于零 C .恒为正值D .无法确定正负6.设a ,b ,c 为△ABC 的三边,则( ) A .a 2+b 2+c 2>a +b +c B .a 2+b 2+c 2>ab +bc +ac C .a 2+b 2+c 2<2(ab +bc +ac ) D .a 2+b 2+c 2>2(ab +bc +ac )7.若△A 1B 1C 1的三个内角的余弦值分别等于△A 2B 2C 2的三个内角的正弦值,则( ) A .△A 1B 1C 1和△A 2B 2C 2都是锐角三角形 B .△A 1B 1C 1和△A 2B 2C 2都是钝角三角形C .△A 1B 1C 1是钝角三角形,△A 2B 2C 2是锐角三角形D .△A 1B 1C 1是锐角三角形,△A 2B 2C 2是钝角三角形8.四支足球队进行单循环比赛(每两队比赛一场),每场比赛胜者得3分,负者得0分,平局双方各得1分.比赛结束后发现没有足球队全胜,且四队得分各不相同,则所有比赛中最多可能出现的平局场数是( ) A .2 B .3 C .4 D .5 二、填空题9.设无穷数列{a n },如果存在常数A ,对于任意给定的正数ε(无论多小),总存在正整数N ,使得n >N 时,恒有|a n -A |<ε成立,就称数列{a n }的极限为A .则四个无穷数列:①{(-1)n ×2};②{n };③⎩⎨⎧⎭⎬⎫1+12+122+123+…+12n -1;④⎩⎨⎧⎭⎬⎫2n +1n .其极限为2的共有________个. 10.已知数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n 和T n ,若S 100=41,T 100=49,设c n =a n T n +b n S n -a n b n (n ∈N *).那么数列{c n }的前100项和为________.11.设a >1,n ∈N *,若不等式na -1<a -1n恒成立,则n 的最小值为________.12.设非等腰△ABC 的内角A ,B ,C 所对的边长分别为a ,b ,c ,若1a -b +1c -b =3a -b +c ,则A ,B ,C 的关系是________. 三、解答题13.已知函数f (x )=a x +x -2x +1(a >1).(1)求证:函数f (x )在(-1,+∞)上为增函数; (2)用反证法证明f (x )=0没有负根.14.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且S n =a n +1+n -2,n ∈N *,a 1=2. (1)证明:数列{a n -1}是等比数列,并求数列{a n }的通项公式; (2)设b n =3nS n -n +1(n ∈N *)的前n 项和为T n ,证明:T n <6.15.若a ,b ,c 是不全相等的正数,求证:lga +b 2+lg b +c 2+lg c +a2>lg a +lg b +lg c .——★ 参 考 答 案 ★——一、选择题 1.『答案』 B『解析』 ∵a =m +1-m =1m +1+m ,b =m -m -1=1m +m -1.而m +1+m >m +m -1>0(m >1), ∴1m +1+m <1m +m -1,即a <b .故选B.2.『答案』 C『解析』 由于y x +y z +z x +z y +x z +x y =⎝⎛⎭⎫y x +x y +⎝⎛⎭⎫z x +x z +⎝⎛⎭⎫y z +z y ≥2+2+2=6, ∴y x +y z ,z x +z y ,x z +xy 中至少有一个不小于2.故选C. 3.『答案』 C『解析』 b 2-ac <3a ⇔b 2-ac <3a 2⇔(a +c )2-ac <3a 2⇔a 2+2ac +c 2-ac -3a 2<0⇔-2a 2+ac +c 2<0⇔2a 2-ac -c 2>0⇔(a -c )(2a +c )>0⇔(a -c )(a -b )>0.故选C. 4.『答案』 B『解析』 ∵a >0,b >0,∴2a +b >0.∴不等式可化为m ≤⎝⎛⎭⎫2a +1b (2a +b )=5+2⎝⎛⎭⎫b a +ab . ∵5+2⎝⎛⎭⎫b a +a b ≥5+4=9,即其最小值为9,当且仅当a =b 时等号成立. ∴m ≤9,即m 的最大值等于9.故选B. 5.『答案』 A『解析』 由f (x )是定义在R 上的奇函数,且当x ≥0时,f (x )单调递减,可知f (x )是R 上的单调递减函数,由x 1+x 2>0,可知x 1>-x 2,f (x 1)<f (-x 2)=-f (x 2),则f (x 1)+f (x 2)<0.故选A. 6.『答案』 C『解析』 c 2=a 2+b 2-2ab cos C ,b 2=a 2+c 2-2ac cos B ,a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,∴a 2+b 2+c 2=2(a 2+b 2+c 2)-2(ab cos C +ac cos B +bc cos A ). ∴a 2+b 2+c 2=2(ab cos C +ac cos B +bc cos A )<2(ab +bc +ac ).故选C. 7.『答案』 D『解析』 由条件知,△A 1B 1C 1的三个内角的余弦值均大于0,则△A 1B 1C 1是锐角三角形,且△A 2B 2C 2不可能是直角三角形.假设△A 2B 2C 2是锐角三角形.由⎩⎪⎨⎪⎧sin A 2=cos A 1=sin ⎝⎛⎭⎫π2-A 1,sin B 2=cos B 1=sin ⎝⎛⎭⎫π2-B 1,sin C 2=cos C 1=sin ⎝⎛⎭⎫π2-C 1,得⎩⎪⎨⎪⎧A 2=π2-A 1,B 2=π2-B 1,C 2=π2-C 1,则A 2+B 2+C 2=π2,这与三角形内角和为180°相矛盾,因此假设不成立,故△A 2B 2C 2是钝角三角形.故选D. 8.『答案』 C『解析』 四支足球队进行单循环比赛(每两队比赛一场),共比赛6场.每场比赛胜者得3分,负者得0分,平局双方各得1分.即每场比赛若不平局,则共产生3×6=18分,每场比赛都平局,则共产生2×6=12分. 比赛结束后发现没有足球队全胜,且四队得分各不相同, 则各队得分分别为:2,3,4,5或3,4,5,6. 如果是3,4,5,6,则每场产生3+4+5+66=3分,没有平局产生, 但是不可能产生4,5分,与题意矛盾,舍去. 因此各队得分分别为:2,3,4,5.第一名得分5:5=3+1+1,为一胜两平; 第二名得分4:4=3+1+0,为一胜一平一负; 第三名得分3:根据胜场等于负场,只能为三平; 第四名得分2:2=1+1+0,为两平一负. 则所有比赛中最多可能出现的平局场数是4. 故选C. 二、填空题 9.『答案』 2『解析』 对于①,|a n -2|=|(-1)n ×2-2|=2×|(-1)n -1|,当n 是偶数时,|a n -2|=0,当n是奇数时,|a n -2|=4,所以不符合数列{a n }的极限的定义,即2 不是数列{(-1)n ×2}的极限;对于②,由|a n -2|=|n -2|<ε,得2-ε<n <2+ε,所以对于任意给定的正数ε(无论多小),不存在正整数N ,使得n >N 时,恒有|a n -2|<ε,即2不是数列{n }的极限;对于③,由|a n -2|=⎪⎪⎪⎪1+12+122+123+…+12n -1-2=⎪⎪⎪⎪⎪⎪1×⎝⎛⎭⎫1-12n 1-12-2=22n<ε,得n >1-log 2ε,即对于任意给定的正数ε(无论多小),总存在正整数 N ,使得n >N 时,恒有|a n -2|<ε成立,所以2是数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1+12+122+123+…+12n -1的极限;对于④,由|a n -2|=⎪⎪⎪⎪2n +1n -2=1n <ε,得n >1ε,即对于任意给定的正数ε(无论多小),总存在正整数N ,使得n >N 时,恒有|a n -2|<ε成立,所以2是数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫2n +1n 的极限.综上所述,极限为2的共有2个,即③④. 10.『答案』 2009『解析』 ∵a n =S n -S n -1,b n =T n -T n -1,则c n =a n T n +b n S n -a n b n =S n T n -S n -1T n -1, ∴c 100=S 100T 100-S 99T 99, c 99=S 99T 99-S 98T 98, …c 2=S 2T 2-S 1T 1, c 1=S 1T 1.∴数列{c n }的前100项和为S 100T 100=41×49=2009. 11.『答案』 2『解析』 n =1时,结论不成立.n =2时,不等式为a -1<a -12,即2a -2<a -1, ∴(a -1)2>0, ∵a >1,则a 有意义, ∴不等式恒成立. 12.『答案』 2B =A +C『解析』 ∵1a -b +1c -b =3a -b +c ,∴a +c -2b (a -b )(c -b )=3a -b +c , 即b 2=a 2+c 2-ac , 则有cos B =a 2+c 2-b 22ac =12,∴B =60°,∴A ,B ,C 的关系是成等差数列,即2B =A +C .三、解答题13.证明:(1)因为函数f (x )=a x +x -2x +1=a x +1-3x +1(a >1),而函数y =a x (a >1)和函数y =-3x +1在(-1,+∞)上都是增函数, 故函数f (x )在(-1,+∞)上为增函数.(2)假设函数f (x )=0有负根x 0,即存在x 0<0(x 0≠-1)满足f (x 0)=0,则ax 0=2-x 0x 0+1.又0<ax 0<1,所以0<-x 0-2x 0+1<1,即12<x 0<2与x 0<0(x 0≠-1)假设矛盾.故f (x )=0没有负根.14.证明:(1)因为S n =a n +1+n -2,所以当n ≥2时,S n -1=a n +(n -1)-2=a n +n -3, 两式相减,得a n =a n +1-a n +1, 即a n +1=2a n -1.设c n =a n -1,代入上式, 得c n +1+1=2(c n +1)-1, 即c n +1=2c n (n ≥2).又S n =a n +1+n -2,则a n +1=S n -n +2, 故a 2=S 1-1+2=3.所以c 1=a 1-1=1,c 2=a 2-1=2,即c 2=2c 1.综上,对于正整数n ,c n +1=2c n 都成立,即数列{a n -1}是等比数列,其首项a 1-1=1, 公比q =2.所以a n -1=1×2n -1,故a n =2n -1+1.(2)由S n =a n +1+n -2,得S n -n +2=a n +1=2n +1,即S n -n +1=2n ,所以b n =3n2n .所以T n =b 1+b 2+...+b n -1+b n =32+622+ (3)2n ,①2×①,得2T n =3+62+3×322+ (3)2n -1,②②-①,得T n =3+32+322+…+32n -1-3n2n=3×⎝⎛⎭⎫1+12+122+…+12n -1-3n2n=3×1-⎝⎛⎭⎫12n 1-12-3n 2n =6-3n +62n .因为3n +62n >0,所以T n =6-3n +62n <6.15.证明:(分析法)lga +b 2+lg b +c 2+lg c +a 2>lg a +lg b +lg c ⇐lg ⎝⎛⎭⎫a +b 2·b +c 2·c +a 2>lg abc ⇐a +b 2·b +c 2·c +a2>abc .因为a ,b ,c 是不全相等的正数,所以显然有a +b 2·b +c 2·c +a2>abc 成立,原不等式得证.。
高考数学一轮复习 人教版 不等式推理证明第六单元 课时作业 第39讲直接证明与间接证明

课时作业第39讲直接证明与间接证明时间/30分钟分值/55分基础热身1.用分析法证明:欲使①A>B,只需②C<D,这里②是①的()A.充分条件B.必要条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件2.用反证法证明命题“若a∈R,则函数y=x3+ax+b至少有一个零点”时,正确的反设是()A.若a∈R,则函数y=x3+ax+b没有零点B.若a∈R,则函数y=x3+ax+b至多有一个零点C.若a∈R,则函数y=x3+ax+b至多有两个零点D.若a∈R,则函数y=x3+ax+b恰好有一个零点3.设A,B,C为锐角三角形ABC的三个内角,M=sin A+sin B+sin C,N=cos A+2cos B,则()A.M<NB.M=NC.M>ND.M,N的大小关系不确定4.使用分析法证明“设a>b>c,且a+b+c=0,则-<a”时,所求索的因应是.(填序号)①a-b>0;②a-c>0;③(a-b)(a-c)>0;④(a-b)(a-c)<0.能力提升5.①已知p3+q3=2,求证p+q≤2,用反证法证明时,可假设p+q>2;②设a为实数,f(x)=x2+ax+a,求证与中至少有一个不小于,用反证法证明时可假设≥,且≥.以下说法正确的是()A.①与②的假设都错误B.①与②的假设都正确C.①的假设正确,②的假设错误D.①的假设错误,②的假设正确6.等差数列{a n}的前n项和是S n,公差d不等于零,若a2,a3,a6成等比数列,则()A.a1d>0,dS3>0B.a1d>0,dS3<0C.a1d<0,dS3>0D.a1d<0,dS3<07.[2018·葫芦岛二模]王老师班上有四个体育健将甲、乙、丙、丁,他们都特别擅长短跑.在某次运动会上,他们四人要参加一场4×100米接力赛,王老师要安排他们四个人的出场顺序,以下是他们四人的对话:甲:我不跑第一棒和第二棒;乙:我不跑第一棒和第四棒;丙:我也不跑第一棒和第四棒;丁:如果乙不跑第二棒,我就不跑第一棒.王老师听了他们四人的对话,安排了一种合理的出场顺序,满足了他们的所有要求,据此我们可以断定,在王老师安排的出场顺序中,跑第三棒的人是()A.甲B.乙C.丙D.丁8.已知x>0,y>0且y-x>1,则-,的值满足()A.-,都大于1B.-,中至少有一个小于1C.-,都小于1D.以上说法都不正确9.[2018·北京朝阳区期末]伟大的数学家高斯说过:几何学唯美的直观能够帮助我们了解自然界的基本问题.一位同学受到启发,借助图K39-1中的两个相同的矩形图形,按以下步骤给出了不等式:(ac+bd)2≤(a2+b2)(c2+d2)的一种“图形证明”.①②图K39-1证明思路:(1)图①中白色区域面积等于图②中白色区域面积;(2)图①中阴影区域的面积为ac+bd,图②中,设∠BAD=θ,则图②中阴影区域的面积可表示为(用含a,b,c,d,θ的式子表示);(3)由图中阴影区域的面积相等,即可导出不等式(ac+bd)2≤(a2+b2)(c2+d2),当且仅当a,b,c,d 满足条件时,等号成立.难点突破10.(5分)[2018·长春期中]设m,n,t都是正数,则m+,n+,t+这三个数()A.都大于4B.都小于4C.至少有一个大于4D.至少有一个不小于411.(5分)已知两个半径不等的圆盘叠放在一起(有一条轴穿过它们的圆心),两圆盘上分别有互相垂直的两条直径将其分为四个区域,小圆盘上所写的实数分别记为x1,x2,x3,x4,大圆盘上所写的实数分别记为y1,y2,y3,y4,如图K39-2所示.将小圆盘逆时针旋转i(i=1,2,3,4)次,每次转动90°,记T i(i=1,2,3,4)为转动i次后各区域内两数乘积之和,例如T1=x1y2+x2y3+x3y4+x4y1.若x1+x2+x3+x4<0,y1+y2+y3+y4<0,则以下结论正确的是()图K39-2A.T1,T2,T3,T4中至少有一个为正数B.T1,T2,T3,T4中至少有一个为负数C.T1,T2,T3,T4中至多有一个为正数D.T1,T2,T3,T4中至多有一个为负数。
直接证明与间接证明 知识点+例题+练习

教
学
过
程
1.分析法的特点:从未知看需知,逐步靠拢已知.
2.综合法的特点:从已知看可知,逐步推出未知.
3.分析法和综合法各有优缺点.分析法思考起来比较自然,容易
寻找到解题的思路和方法,缺点是思路逆行,叙述较繁;综合法从
条件推出结论,较简捷地解决问题,但不便于思考.实际证题时常
常两法兼用,先用分析法探索证明途径,然后再用综合法叙述出来.
4.利用反证法证明数学问题时,要假设结论错误,并用假设的命
题进行推理,没有用假设命题推理而推出矛盾结果,其推理过程是
错误的.
基础巩固题组
(建议用时:40分钟)
一、填空题
1.(2014·安阳模拟)若a<b<0,则下列不等式中成立的是________.
①1
a<
1
b;②a+
1
b>b+
1
a;③b+
1
a>a+
1
b;④
b
a<
b+1
a+1
.
2.用反证法证明命题:“已知a,b∈N,若ab可被5整除,则a,b中至少有一个能被5整除”时,应反设________成立.
3.(2014·上海模拟)“a=1
4”是“对任意正数x,均有x+
a
x≥1”的
________条件.教学效果分析。
39直接证明与间接证明

x1+x2 x1+x2 1 1 证明要证 [f(x1)+f(x2)]>f ,即证明2(tan x1+tan x2)>tan 2 , 2 2
x1+x2 1 sin x1 sin x2 >tan 只需证明 cos x +cos x , 2 2 1 2 sinx1+x2 sinx1+x2 只需证明 > . 2cos x1cos x2 1+cosx1+x2
b S,
b a c, 即证 因为,在三角形中,b<a+c 显然成立,
所以原不等式成立.
2.△ABC三边长a, b, c的倒数成等差数列.
求证: B 90.
证明: 2 1 1 , 2ac b(a c ).
b a
c a 2 c 2 b2 2ac b2 cos B ≥ 2ac 2ac
直接证明与间接证明
要点梳理
1.直接证明 (1)综合法
忆一忆知识要点
①定义:利用已知条件和某些数学定义、公理、定理等, 经过一系列的推理论证,最后推导出所要证明的结论成 立,这种证明方法叫做综合法. ②框图表示: P⇒Q1 → Q1⇒Q2 → Q2⇒Q3 →…→ Qn⇒Q (其中 P 表示已知条件、已有的定义、公理、定理等,Q 表示要证明的结论).
综合法
2 7 在 x∈(a,+∞)上恒 例 1.(1)已知关于 x 的不等式 2x+ x-a 成立,求实数 a 的取值范围; (2)已知|x|<1,|y|<1,求证:|1-xy|>|x-y|.
2 2 3 7,∴2(x-a)+ 7-2a⇒7-2a 4,∴a 2 (1)∵2x+ x-a x-a (2)因为|1-xy|2-|x-y|2=(xy)2+1-x2-y2=(x2-1)(y2-1)>0 所以|1-xy|>|x-y|
2.2直接证明与间接证明(4课时)

2.2
直接证明与间接证明
2.2.2
反证法
问题提出
1.综合法和分析法的基本含义分别 是什么? 综合法:利用已知条件和某些数学定义、 公理、定理、性质、法则等,经过一系 列的推理论证,最后推导出所证结论成 立. 分析法:从所证结论出发,逐步寻求使 它成立的充分条件,直到归结为判定一 个显然成立的条件(已知条件、定义、 公理、定理、性质、法则等)为止.
2
2
2
9 4
例4 求证:面积为1的三角形不能被 面积小于2的平行四边形所覆盖.
D P
E N F B
C
K
M
A
流程:
P Þ Q1 Q1 Þ Q 2 Q 2 Þ Q 3
„
Qn Þ Q
2.分析的基本含义和思维流程分别 是什么?
含义:从所证结论出发,逐步寻求使它成 立的充分条件,直到归结为判定一个显 然成立的条件(已知条件、定义、公理、 定理、性质、法则等)为止. 流程: Q Ü P1 P1 Ü P2 P2 Ü P3 …
大前提:已知的一般原理; 小前提:所研究的特殊情况;
结 论:根据一般原理,对特殊情况做 出判断.
3.合情推理所得结论的正确性是需要 证明的,演绎推理的实施也需要具体的 操作方法,因此,从理论上获取证明数 学命题的基本方法,是我们需要进一步 学习的内容.
探究(一):综合法
思考1:对于不等式
a(b + c ) + b(c + a )
2.2
2.2.1
直接证明与间接证明
综合法和分析法
问题提出
1 5730 p 2
t
1.合情推理的主要作用和思维过程是 什么?
作用:提出猜想,发现结论; 过程:从具体问题出发→观察、分析、 比较、联想→归纳、类比→提出猜想.
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
河北省清河县高三数学《39直接证明与间接证明》课时作业
一、选择题(每小题5分,共30分)
1.若x ,y ∈R ,则下面四个式子中恒成立的是( ) A .log 2(1+2x 2
)>0 B .x 2+y 2
≥2(x -y -1) C .x 2
+3xy ≥2y 2
D.x y <
x +1
y +1
解析:∵1+2x 2
≥1,∴log 2(1+2x 2
)≥0, 故A 不正确;
x 2+y 2-2(x -y -1)=(x -1)2+(y +1)2≥0,
故B 正确;
令x =0,y =1,则x 2
+3xy <2y 2
,故C 不正确; 令x =3,y =2,则32>3+1
2+1,故D 不正确.
答案:B
2.设a =3-2,b =6-5,c =7-6,则a 、b 、c 的大小顺序是( ) A .a >b >c B .b >c >a C .c >a >b
D .a >c >b
解析:∵a =3-2=
13+2
,
b =6-5=16+5,
c =7-6=
17+6
,
∴若比较a ,b ,c 的大小,
只要比较3+2,6+5,7+6的大小. ∵7+6>6+5>3+2>0, ∴
1
7+6<16+5<13+2, ∴c <b <a . 答案:A
3.已知P =2-32,Q =(52)3,R =(12)3
,则P 、Q 、R 的大小关系是( )
A .P <Q <R
B .R <P <Q
C .Q <P <R
D .R <Q <P
解析:∵0<P =2-32<1,Q =(52)3>1,0<R =(12)3=1
8<1,
∴P <Q ,R <Q ,∵2-32>2-3
.
∴R <P ,∴R <P <Q . 答案:B
4.设a >2,b >2,则( ) A .ab >a +b B .ab <a +b
C .存在a ,b ,使得ab =a +b D.a b
>1
解析:⎩⎪⎨
⎪⎧
a +
b >4a -
b -
⇒ab >2(a +b )-4>a +b .
答案:A
5.(2010·揭阳模拟)设a ,b ,u 都是正实数,且a ,b 满足1a +9
b
=1,则使得a +b ≥u
恒成立的u 的范围是( )
A .(0,16]
B .(0,12]
C .(0,10]
D .(0,8]
解析:∵1a +9
b
=1,
∴a +b =(a +b )(1a +9b )=1+a b ×9+b
a
+9≥10+2·
9a b ×b
a
=16.
当且仅当9a b =b
a
,即a =4,b =12时取等号.
若a +b ≥u 恒成立, ∴0<u ≤16. 答案:A
6.设a 、b 、c ∈R +
,则三个数a +1b ,b +1c ,c +1a
满足( )
A .都不大于2
B .都不小于2
C .至少有一个不大于2
D .至少有一个不小于2
解析:若a +1b <2,b +1c <2,c +1
a
<2同时成立,
相加得(a +1a )+(b +1b )+(c +1
c
)<6.①
但∵a 、b 、c ∈R +
,
∴a +1a ≥2,b +1b ≥2,c +1
c
≥2.
∵(a +1a )+(b +1b
)+(c +1
c
)≥6.②
∵①式与②式矛盾,
∴a +1b ,b +1c ,c +1
a
至少有一个不小于2,选D.
答案:D
二、填空题(每小题5分,共15分)
7.若x >1,则x 与ln x 的大小关系是________. 解析:令f (x )=x -ln x , 则f ′(x )=1-1x =x -1
x
.
∵x >1,∴
x -1
x
>0, ∴f (x )在(1,+∞)上是增函数, ∴f (x )>f (1)=1>0, 即x -ln x >0,∴x >ln x . 答案:x >ln x
8.lg9·lg11与1的大小关系是__________.
解析:lg9·lg11<(lg9+lg112)2=(lg992)2<(lg1002)2
=1.
答案:lg9·lg11<1
9.凸函数的性质定理为:如果函数f (x )在区间D 上是凸函数,则对于区间D 内的任意
x 1,x 2,…,x n ,有f x 1+f x 2+…+f x n n ≤f (x 1+x 2+…+x n
n
),已知函数y =sin x
在区间(0,π)上是凸函数,则在△ABC 中,sin A +sin B +sin C 的最大值为________.
解析:∵f (x )=sin x 在区间(0,π)上是凸函数,且A 、B 、C ∈(0,π), ∴
f A +f B +f C
3
≤f (
A +
B +C
3)=f (π
3
),
即sin A +sin B +sin C ≤3sin π3=33
2,
所以sin A +sin B +sin C 的最大值为33
2.
答案:332
三、解答题(共55分)
10.(15分)已知a 、b 、c ∈(0,+∞),且a 、b 、c 成等比数列. 求证:a 2
+b 2
+c 2
>(a -b +c )2
. 证明:左边-右边=2(ab +bc -ac ).
∵a 、b 、c 成等比数列,∴b 2
=ac .∵a 、b 、c ∈(0,+∞), ∴0<b =ac ≤
a +c
2
<a +c .
∴a +c >b .∴2(ab +bc -ac )=2(ab +bc -b 2
)=2b (a +c -b )>0.∴a 2
+b 2
+c 2
>(a -b +
c )2.
11.(20分)(1)设x 是正实数, 求证:(x +1)(x 2
+1)(x 3
+1)≥8x 3
;
(2)若x ∈R ,不等式(x +1)(x 2
+1)(x 3
+1)≥8x 3
是否仍然成立?如果成立,请给出证明;如果不成立,请举出一个使它不成立的x 的值.
解:(1)x 是正实数,由基本不等式知
x +1≥2x ,1+x 2≥2x ,x 3+1≥2x 3,
故(x +1)(x 2
+1)(x 3
+1)≥2x ·2x ·2x 3
=8x 3
(当且仅当x =1时等号成立). (2)若x ∈R ,不等式(x +1)(x 2
+1)(x 3
+1)≥8x 3
仍然成立. 由(1)知,当x >0时,不等式成立; 当x ≤0时,8x 3
≤0,
而(x +1)(x 2
+1)(x 3
+1)=(x +1)2
(x 2
+1)(x 2
-x +1) =(x +1)2(x 2
+1)[(x -12)2+34]≥0,
此时不等式仍然成立.
——探究提升——
12.(20分)已知二次函数f (x )=ax 2
+bx +c (a >0)的图象与x 轴有两个不同的交点,若
f (c )=0,且0<x <c 时,f (x )>0.
(1)证明:1
a 是f (x )=0的一个根;
(2)试比较1
a
与c 的大小; (3)证明:-2<b <-1.
解:(1)∵f (x )图象与x 轴有两个不同的交点, ∴f (x )=0有两个不等实根x 1,x 2, ∵f (c )=0,∴x 1=c 是f (x )=0的根,
又x 1x 2=c a
,∴x 2=1a (1
a
≠c ),
∴1
a
是f (x )=0的一个根.
(2)假设1a <c ,又1
a
>0,由0<x <c 时,f (x )>0,
知f (1a )>0与f (1a )=0矛盾,∴1a
>c .
(3)由f (c )=0,得ac +b +1=0, ∴b =-1-ac . 又a >0,c >0,∴b <-1.
二次函数f (x )的图象的对称轴方程为
x =-b 2a =x 1+x 22<x 2+x 22=x 2=1a ,
即-b 2a <1a
.
又a >0,∴b >-2,∴-2<b <-1.。