【市级联考】江苏省南京市、盐城市2019届高三第二次模拟考试物理试题-6fd95a0024ed45fe95690d4f396bb66a

…………○……○……学校:____班级：_…………○……○……绝密★启用前
【市级联考】江苏省南京市、盐城市2019届高三第二次模拟
考试物理试题
试卷副标题
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上
第I 卷（选择题)
请点击修改第I 卷的文字说明 一、单选题
1．如图所示，物理课本放在水平桌面上，下列说法中正确的是( )
A ．桌面对课本的支持力与课本的重力是一对平衡力
B ．桌面对课本的支持力与课本对桌面的压力是一对平衡力
C ．桌面对课本的支持力与课本的重力是一对作用力与反作用力
D ．课本对桌面的压力就是课本的重力
2．某次实验中，通过传感器获得小车的速度v 与时间t 的关系图象如图所示，则小车( )
A ．在0～1.0s 内位移先增大后减小
B ．在0～1.0s 内加速度先增大后减小
C ．在0～1.0s 内位移约为0.5m
D ．在0～0.5s 内平均速度为0.35m/s
3．如图所示，理想变压器原线圈输入电压u ＝U m sinωt ，副线圈电路中R 0为定值电阻，
…○………………○…………订……………○…※※请※※不在※※装※※订※※线※※内※※答…○………………○…………订……………○…和A 2的示数分别为I 1和I 2.下列说法正确的是( )
A ．U 1和U 2是电压的瞬时值
B ．I 1、I 2之比等于原、副线圈的匝数之比
C ．滑片P 向上滑动过程中，U 2变大，I 1变大
D ．滑片P 向上滑动过程中，U 2不变，I 1变小
4．将一小球竖直向上抛出，取向上为正方向．设小球在抛出点的重力势能为零，小球所受空气阻力大小恒定．则上升过程中，小球的加速度a 、速度v 、机械能E 、动能E k 与小球离抛出点高度h 的关系错误的是( )
A ．
B ．
C ．
D ．
5．真空中两个点电荷Q 1、Q 2分别固定于x 轴上x 1＝0和x 2＝4a 的两点，在它们的连线上场强E 与x 关系如图所示(取x 轴正方向为场强正方向，无穷远处为电势零点)，以下判断正确的是( )
A ．Q 1带正电、Q 2带负电
B ．Q 1的电荷量是Q 2的3倍
C ．x 轴上3a 处的电势为零
D ．正点电荷q 在x 轴上a 处的电势能比在2a 处的大 二、多选题
○…………装…………○……○…_____姓名号：__________○…………装…………○……○…点．不计大气阻力，下列说法正确的有( )
A ．甲的机械能一定比乙的大
B ．甲的运行周期比乙的大
C ．甲、乙分别经过P 点的速度大小相等
D ．甲、乙分别经过P 点的加速度大小相等
7．如图所示，A 、B 为相同的灯泡，C 为电容器，L 为电感线圈(其直流电阻小于灯泡电阻)．下列说法中正确的有( )
A ．闭合开关，
B 立即发光
B ．闭合开关，电路稳定后，A 中没有电流
C ．电路稳定后，断开开关，B 变得更亮后再熄灭
D ．电路稳定后，断开开关，A 中电流立即为零
8．如图所示，轻质弹簧左端固定在竖直墙壁上，右端与一个质量为m 的滑块接触，弹簧处于原长，现施加水平外力F 缓慢地将滑块向左压至某位置静止，此过程中外力F 做功为W 1，滑块克服摩擦力做功为W 2.撤去F 后滑块向右运动，最终和弹簧分离．不计空气阻力，滑块所受摩擦力大小恒定，则( )
A ．撤去F 时，弹簧的弹性势能为W 1－W 2
B ．撤去F 后，滑块和弹簧组成的系统机械能守恒
C ．滑块与弹簧分离时的加速度为零
D ．滑块与弹簧分离时的动能为W 1－2W 2
9．如图所示，正方体空间ABCDA 1B 1C 1D 1上、下表面水平，其中有A→D 方向的匀强电场．从A 点沿AB 方向分别以初速度v 1、v 2、v 3水平抛出同一带电小球(可视为质点)，小球分别从D 1C 1的中点、C 1点、BC 1的中点射出，且射出时的动能分别为E k1、E k2、E k3.下列说法正确的有( )
…○……………○…………※※请※※※题※※
…○……………○…………A ．小球带正电
B ．小球所受电场力与重力大小相等
C ．v 1∶v 2∶v 3＝1∶2∶2
D ．
E k1∶E k2∶E k3＝1∶4∶8
10．铀核裂变的一种方程为 U ＋X→ Sr ＋ Xe ＋2
n ，
已知原子核的比结合能与质量数的关系如图所示，下列说法正确的有________．
A ．X 粒子是中子
B ．X 粒子是质子
C ． U 、 Sr 、 Xe 相比， Sr 的比结合能最大，最稳定
D ． U 、 Sr 、 Xe 相比， U 的质量数最多，结合能最大，最稳定
11．下列说法中正确的有________．
A ．乙醚液体蒸发为气体的过程中分子势能变大
B ．一定质量的理想气体，体积不变时压强和摄氏温度成正比
C ．当液面上方的蒸汽达到饱和状态后，液体分子不会从液面飞出
D ．用油膜法测油酸分子直径时，认为油酸薄膜厚度等于油酸分子直径
12．如图所示，从点光源S 发出的一束复色光，以一定的角度斜射到玻璃三棱镜的表面，经过三棱镜的两次折射后分为a 、b 两束光．下面的说法中正确的有________．
A ．在三棱镜中a 光的传播速率大于b 光的传播速率
B ．a 光频率大于b 光频率
C ．若改变复色光的入射角，可在入射面发生全反射
D ．a 、b 两束光分别通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹的间距Δx a <Δx b
…………外…………○…………○……号：___________
…………内…………○…………○……第II 卷（非选择题)
请点击修改第II 卷的文字说明 三、实验题
13．某实验小组利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律．在铁架台的顶端有一电磁铁，正下方某位置固定一光电门，电磁铁吸住直径为d 的小铁球，此时球心与光电门的竖直距离为h ．断开电源，小球下落，通过光电门的挡光时间为t.请回答下列问题：
(1)用游标卡尺测得d 的长度如图乙所示，则该示数为________cm.
(2)该实验需要验证的表达式为________________(用题中字母表示，设重力加速度为g)． (3)在实验过程中，多次改变h ，重复实验，这样做可以________． A.减小偶然误差 B.减小系统误差
C.使实验结论更具有普遍性
(4)小组内某同学提出，用高为d 的铁质小圆柱体代替小铁球可提高实验的准确性，其理由是___．
14．在研究金属电阻阻值与温度的关系时，为了能够较准确地测出金属电阻的阻值，设计了如图甲所示的电路．除了金属电阻R x 外，还提供的实验器材有：
学生电源E ，灵敏电流计G ，滑动变阻器R 、R s ，定值电阻R 1、R 2，电阻箱R 0，开关S ，控温装置，导线若干．
①按照电路图连接好电路后，将R 0调至适当数值，R 的滑片调至最右端，R s 的滑片调
○………………○…※※请○………………○…至最下端，闭合开关S ；
②把R 的滑片调至适当位置，调节R 0，并逐步减小R s 的阻值，直到R s 为零时，电流计G 指针不发生偏转，记录R 0的阻值和R x 的温度； ③多次改变温度，重复实验； ④实验完毕，整理器材． 根据上述实验回答以下问题：
(1)上述②中，电流计G 指针不发生偏转时，a 点电势________(选填“大于”“等于”或“小于”)b 点电势．
(2)某次测量时，R 0的旋钮如图乙所示，则R 0的读数为________Ω. (3)用R 0、R 1、R 2表示R x ，R x ＝________． (4)求出的阻值R x 和对应温度如下表所示：
请在图丙所示的坐标纸上描绘出R x t 图线_______________． (5)本实验中R s 的作用为________________________． 四、填空题
15．利用如图所示的电路做光电效应实验，当光照射到光电管的金属材料上时，灵敏电流计中没有电流通过．经检查实验电路完好．则发生这种现象的原因可能有______________和_______．
16．图甲是岩盐晶体的平面结构，图中等长线段AA 1、BB 1上微粒的数目不同，由此可知，晶体具有________(选填“各向同性”或“各向异性”)的性质．图乙中液体表面层内分子间距离大于分子平衡距离r 0，因此表面内层分子间作用力表现为________．
………○………………线………学校:_____号：____………○………………线………17．如图所示，两艘飞船A 、B 沿同一直线同向飞行，相对地面的速度均为v(v 接近光速c)．地面上测得它们相距为L ，则A 测得两飞船间的距离________(选填“大于”“等于”或“小于”)L.当B 向A 发出一光信号，A 测得该信号的速度为________．
五、解答题
18．在光滑水平面上，质量均为m 的三个物块排成直线，如图所示．第1个物块以动量p 0向右运动，依次与其余两个静止物块发生碰撞，并粘在—起，求：
①物块的最终速度大小； ②碰撞过程中损失的总动能．
19．在大气中，空气团运动时经过各气层的时间很短，因此，运动过程中空气团与周围空气热量交换极少，可看做绝热过程．潮湿空气团在山的迎风坡上升时，水汽凝结成云，到山顶后变得干燥，然后沿着背风坡下降时升温，气象上称这股干热的气流为焚风． ①空气团在山的迎风坡上升时温度降低，试说明其原因？
②设空气团的内能U 与温度T 满足U ＝CT(C 为一常数)，空气团沿着背风坡下降过程中，外界对空气团做的功为W ，求此过程中空气团升高的温度ΔT.
20．简谐横波沿x 轴正向传播，依次经过x 轴上相距d ＝10m 的两质点P 和Q ，它们的振动图象分别如图甲和图乙所示．则
①t ＝0.2s 时质点P 的振动方向； ②这列波的最大传播速度．
21．如图所示，绝缘斜面倾角为θ，虚线下方有方向垂直于斜面向上、磁感应强度为B 的匀强磁场，虚线与斜面底边平行．将质量为m ，电阻为R ，边长为l 的正方形金属框abcd 从斜面上由静止释放，释放时cd 边与磁场边界距离为x 0，不计摩擦，重力加速度为g.求：
……外…………○………订……………○……※※※内※※答※……内…………○………订……………○……
(1) 金属框cd 边进入磁场时，金属框中的电动势大小E ； (2) 金属框cd 边进入磁场时的加速度大小a ；
(3) 金属框进入磁场的整个过程中，通过金属框的电荷量q.
22．如图所示，木块A 固定在水平地面上，细线的一端系住光滑滑块B ，另一端绕过固定在木块A 上的轻质光滑滑轮后固定在墙上，B 与A 的竖直边刚好接触，滑轮左侧的细线竖直，右侧的细线水平．已知滑块B 的质量为m ，木块A 的质量为3m ，重力加速度为g ，当撤去固定A 的力后，A 不会翻倒．求：
(1) A 固定不动时，细线对滑轮的压力大小F ；
(2) 撤去固定A 的力后，A 与地面间的动摩擦因数μ满足什么条件时，A 不会向右运动； (3) 撤去固定A 的力后，若地面光滑，则B 落地前，A 向右滑动位移为x 时的速度大小v A .
23．某控制带电粒子运动的仪器原理如图所示，区域PP′M′M 内有竖直向下的匀强电 场，电场场强E ＝1.0×103V/m ，宽度d ＝0.05m ，长度L ＝0.40m ；区域MM′N′N 内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B ＝2.5×10－
2T ，宽度D ＝0.05m ，比荷
＝
1.0×108C/kg 的带正电的粒子以水平初速度v 0从P 点射入电场．边界MM′不影响粒子的运动，不计粒子重力．
(1) 若v 0＝8.0×105m/s ，求粒子从区域PP′N′N 射出的位置；
(2) 若粒子第一次进入磁场后就从M′N′间垂直边界射出，求v 0的大小； (3) 若粒子从M′点射出，求v 0满足的条件．
参考答案
1．A
【解析】
【详解】
桌面对课本的支持力与课本的重力是一对平衡力，选项A正确，C错误；桌面对课本的支持力与课本对桌面的压力是一对作用与反作用力，选项B错误；课本对桌面的压力是由于课本发生形变而产生的对桌面向下的压力，施力物体是课本，方向垂直于桌面，大小等于课本的重力，但不是重力，选项D错误；故选A.
2．C
【解析】
【详解】
在0～1.0s内物体的速度均为正值，则物体的位移一直增大，选项A错误；v-t线的斜率等于加速度，则在0～1.0s内加速度先减小后增大，选项B错误；v-t图像与坐标轴围成的面积等于位移，则由图像可知，在0～1.0s内位移约为0.5m，选项C正确；在0～0.5s内的位移约为0.21m，则平均速度为，选项D错误；故选C.
3．D
【解析】
【详解】
U1和U2是电压的有效值，选项A错误；I1、I2之比等于原、副线圈的匝数的倒数之比，选项B错误；因初级电压U1和匝数比一定，则U2不变，滑片P向上滑动过程中，因R变大，则I2减小，则I1变小，选项C错误，D正确；故选D.
4．B
【解析】
【详解】
根据牛顿第二定律，则-mg-f=ma，解得，则选项A正确；根据v2=v02-2gh可知，选项B错误；根据能量关系：E=E0-fh可知，选项C正确；根据动能定理：
可知，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选B.
5．D
【解析】
【详解】
因x=0附近的场强为正，x=4a附近的场强为负值，可知两电荷均带正电，选项A错误；在x=3a处的场强为零，则，解得Q1=4Q2，选项B错误；x轴上3a处的电势为正，选项C错误；电场线方向从x轴上a处指向2a处，则正点电荷q从x轴上a处到2a处电场力做正功，则电势能减小，即正点电荷q在x轴上a处的电势能比在2a处的大，选项D正确；故选D.
6．BD
【解析】
【详解】
两颗卫星的质量关系不确定，则不能确定两颗卫星的机械能的大小关系，选项A错误；甲的半长轴大于乙的半长轴，根据开普勒第三定律可知，甲的运行周期比乙的大，选项B正确；乙经过P点时加速才能进入甲的轨道，故甲、乙分别经过P点的速度大小不相等，选项C错误；根据可知，甲、乙分别经过P点的加速度大小相等，选项D正确；故选BD. 7．AC
【解析】
【详解】
闭合开关S的瞬时，电容器C充电，相当于短路；而电感L阻碍电流的增加，相当于断路，则B先发光；电路稳定后，电容器充电完毕相当于断路，则A中有电流，选项A正确，B 错误；电路稳定后，断开开关，则电感L与灯泡B组成新的回路，因电路稳定时L中的电流大于B的电流，则断开S时，B变得更亮后再熄灭，选项C正确；电路稳定后，断开开关，由于电容器放电，则A中电流不会立即为零，选项D错误；故选AC.
8．AD
【解析】
【详解】
由能量关系可知，撤去F时，弹簧的弹性势能为W1－W2，选项A正确；撤去F后，由于有摩擦力做功，则滑块和弹簧组成的系统机械能减小，选项B错误；滑块与弹簧分离时，弹力为零，但是有摩擦力，则此时滑块的加速度不为零，选项C错误；滑块与弹簧分离时弹簧处于原长状态，整个过程中摩擦力做功为2W2，则根据动能定理，滑块与弹簧分离时的动能为W1－2W2，选项D正确；故选AD.
【解析】
【详解】
由题可知，小球受电场力方向沿AD方向，则小球带正电，选项A正确；小球在竖直方向受重力作用，则竖直方向加速度为g，沿AD方向受电场力作用，加速度为；对从C1
点射出的小球，沿AD方向的位移等于竖直位移，可知两方向的加速度相同，则qE=mg，
选项B正确；从D1C1的中点、C1点射出的小球的时间相等，沿AB方向的位移关系之比为1:2，则速度之比为v1∶v2＝1∶2；从C1点、BC1的中点射出的小球沿AB方向的位移相等，竖直方向位移之比为2:1，根据可知，时间之比为1，则v2∶v3＝1：；则
v1∶v2∶v3＝1∶2∶2，选项C正确；根据动能定理：从D1C1的中点射出时的动能
；从C1点射出时的动能
；BC1的中点射出的动能；
E k=mv2可知，射入时的初动能之比为mv12∶mv22∶mv32＝1∶4∶8，故选项D错误；故
选ABC.
10．AC
【解析】
【详解】
根据质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为1，电荷数为0，为中子，选项A正确，B错误；根据图像可知、、相比的比结合能最大，最稳定；的质量数最多，结合能最大，比结合能最小，最不稳定，选项C正确，D错误；故选AC.
11．AD
【解析】
【详解】
蒸发过程中乙醚分子要克服分子间的引力做功，增加分子势能，故A正确。

根据PV/T=C
可知一定质量的理想气体，体积不变时压强和绝对温度成正比，选项B错误；当液面上方
的蒸汽达到饱和状态后，进入液体和从液面飞出的分子数相等，选项C错误；用油膜法测
油酸分子直径时，认为油酸薄膜厚度等于油酸分子直径，选项D正确；故选AD.
12．BD
【详解】
由光路图可知，棱镜对a光的折射率较大，则根据n=c/v可知，在三棱镜中a光的传播速率小于b光的传播速率，选项A错误；a光频率大于b光频率，选项B正确；发生全反射的条件之一就是光从光密介质到光疏介质，则即使改变复色光的入射角，也不可能在入射面发生全反射，选项C错误；a光频率大于b光频率，则a光的波长较小，根据可知，a、b两束光分别通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹的间距Δx a<Δx b，选项D正确；故选BD. 13．0.565gh＝C小铁球经过光电门的挡光长度不一定是小球的直径，圆柱体挡光长度就是柱体高度
【解析】
【详解】
（1）用游标卡尺测得d的长度为：0.5cm+13×0.05mm=0.565cm；
（2）小球到达光电门时的速度：；则要验证的关系是：，即；（3）在实验过程中，多次改变h，重复实验，这样做不能减小偶然误差和系统误差，但可以使实验结论更具有普遍性，故选C.
（4）小铁球经过光电门的挡光长度不一定是小球的直径，圆柱体挡光长度就是柱体高度，所以用高为d的铁质小圆柱体代替小铁球可提高实验的准确性。

14．等于40.0保护电流计
【解析】
【详解】
（1）上述②中，电流计G指针不发生偏转时，说明电流计中无电流，即a点电势等于b点电势．
（2）R0的读数为40.0Ω.
（3）设上边支路的电流为I1，下边支路的电流为I2，当a点电势等于b点电势时：I1R x=I1R1；I2R0=I2R2；两式相除可知：，即；
（4）根据实验数据描绘出Rx-t图线如图；
（5）本实验中R s的作用为保护电流计；
15．入射光的频率小于极限频率所加反向电压大于遏止电压
【解析】
【详解】
当光照射到光电管的金属材料上时，灵敏电流计中没有电流通过，则说明可能没有发生光电效应，即入射光的频率小于极限频率；也可能是所加反向电压大于遏止电压。

16．各向异性引力
【解析】
【详解】
图甲是岩盐晶体的平面结构，图中等长线段AA1、BB1上微粒的数目不同，由此可知，晶体具有各向异性的性质．图乙中液体表面层内分子间距离大于分子平衡距离r0，因此表面内层分子间作用力表现为引力。

17．大于c(或光速)
【解析】
【详解】
根据，L0为在相对静止参考系中的长度，L为在相对运动参考系中的长度，地面上测得它们相距为L，是以高速飞船为参考系，而A测得的长度为以静止参考系的长度，大于L．根据光速不变原理，则A测得该信号的速度为c．
18．①②
【解析】
【详解】
①依据动量守恒定律p0＝3mv
解得v＝.
②由p0＝mv0，E k0＝mv02
解得初动能E k0＝
末动能
所以损失的总动能为E k0－E k＝
19．①坡上空气压强小，气团绝热膨胀，对外做功，温度降低．②
【解析】
【详解】
①坡上空气压强小，气团绝热膨胀，对外做功，温度降低．
②根据U＝CT得ΔU＝CΔT①
由热力学第一定律得ΔU＝Q＋W②
Q＝0③
联立①②③解得ΔT＝.
20．①沿y轴负方向．②最大传播速度为50m/s
【解析】
【详解】
①由P点的振动图像可知，0.2s时质点P沿y轴负方向．
②从图象可知振源的周期为T＝0.4s，P和Q的相位始终相反，则d＝nλ＋λ，其中，n＝0，1，2，3，…
由波速v＝
得v＝m/s(n＝0，1，2，3，…)
当n＝0时传播速度最大，则最大传播速度为50m/s.
21．(1) . (2) . (3) q＝.
【解析】
【详解】
(1) 金属框进入磁场前机械能守恒，mgx0sinθ＝mv2
金属框中感应电动势大小为E＝Blv
解得E＝Bl
(2) 感应电流I＝
安培力F A＝IlB
取沿斜面向下为正方向，对于金属框
mgsinθ－F A＝ma
解得a＝gsinθ－
(3) 金属框进入磁场过程中的平均电动势
E＝
平均电流I＝
流过的电荷量q＝It
解得q＝
22．(1) F＝mg. (2)μ≥. (3) v A＝
【解析】
【详解】
(1) 细线对B的拉力大小T＝mg
滑轮对细线的作用力大小F′＝
细线对滑轮的作用力大小F＝F′
由以上各式解得F＝
(2) 地面对A的支持力大小N＝3mg＋mg
A不会滑动的条件T≤μN
由以上各式解得μ≥.
(3) A向右滑动位移为x时，B下降h＝x
A向右速度大小为v A时，
B的速度大小v B＝v A
整个系统机械能守恒，mgx＝·3mv A2＋·mv B2由以上各式解得v A＝
23．(1)0.0125m (2) 3.6×105m/s. (3) 第一种情况：v0＝(其中n＝0、1、2、3、4)第二种情况：v0＝(其中n＝0、1、2、3)．
【解析】
【详解】
(1) 粒子以水平初速度从P点射入电场后，在电场中做类平抛运动，假设粒子能够进入磁场，则
竖直方向＝
得
代入数据解得t＝1.0×10－6s
水平位移x＝v0t
代入数据解得x＝0.80m
因为x大于L，所以粒子不能进入磁场，而是从P′M′间射出，
则运动时间t0＝＝0.5×10－6s，
竖直位移＝＝0.0125m
所以粒子从P′点下方0.0125m处射出．
(2) 由第一问可以求得粒子在电场中做类平抛运动的水平位移x＝v0
粒子进入磁场时，垂直边界的速度
v1＝·t＝
设粒子与磁场边界之间的夹角为α，则粒子进入磁场时的速度为v＝
在磁场中由qvB＝m得R＝
粒子第一次进入磁场后，垂直边界M′N′射出磁场，必须满足x＋Rsinα＝L
把x＝v0、R＝、v＝、＝代入解得
v0＝L·－
v0＝3.6×105m/s.
(3) 由第二问解答的图可知粒子离MM′的最远距离Δy＝R－Rcosα＝R(1－cosα)
把R＝、v＝、＝代入解得
可以看出当α＝90°时，Δy有最大值，(α＝90°即粒子从P点射入电场的速度为零，直接在电场中加速后以v1的速度垂直MM′进入磁场运动半个圆周回到电场)
Δy max＝0.04m，Δy max小于磁场宽度D，所以不管粒子的水平射入速度是多少，粒子都不会从边界NN′射出磁场．
若粒子速度较小，周期性运动的轨迹如下图所示：
粒子要从M′点射出边界有两种情况，
第一种情况：
L＝n(2v0t＋2Rsinα)＋v0t
把、R＝、v1＝vsinα、＝代入解得
v0＝×105m/s(其中n＝0、1、2、3、4)
第二种情况：
L＝n(2v0t＋2Rsinα)＋v0t＋2Rsinα
把、R＝、v1＝vsinα、＝代入解得
v0＝×105m/s(其中n＝0、1、2、3)．。