定远县重点中学2021高三物理11月质量检测试题

安徽省滁州市定远县重点中学2021届高三物理11月质量检测试题
一、选择题（共10小题,每小题4分,共40分。

其中1-7小题为单项选择题，8-10小题为多项选择题。

)
1.在力学发展过程中，许多科学家做出了贡献.下列说法中不正确的是（）
A。

牛顿在伽利略和笛卡儿等科学家研究的基础上，总结出了动力学的一条基本规律—牛顿第一定律
B。

在日常生活中常见的是较重物体下落的较快，伽利略指出“如果排除空气阻力,那么，所有物体将下落的同样快”，“在科学研究中,懂得忽略什么，有时与懂得重视什么同等重要”；
C.伽利略的斜面实验其方法的核心是把实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐的结合起来,从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法；
D.牛顿第一定律不仅是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，而且它可以进一步通过实验直接验证
2.如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为m A的物体A．OO′段水平，长度为L，绳上套一可沿绳滑动的轻环。

现在轻环上悬挂一质量为m B的钩码,平衡后,物体A上升L．则（）
A.A m :3B m =：3 B 。

A m ：3B m =：1
C 。

A m :2B m =:1
D 。

A m ：2B m =：2
3。

按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月"工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步是“落月”工程，已在2013年以前完成。

假设月球半径为R ,月球表面的重力加速度为g 0，飞船沿距月球表面高度为3R 的圆形轨道I 运动，到达轨道的A 点时点火变轨进入椭圆轨道II ，到达轨道的近月点B 时再次点火进入月球近月轨道III 绕月球做圆周运动.下列判断不正确的是（ ）
A 。

飞船在轨道I 上的运行速率0g R
v =B.飞船在A 点处点火变轨时,动能减小
C.飞船在轨道III 绕月球运动一周所需的时间0
R T
2g =πD 。

飞船从A 到B 运行的过程中机械能变大
4.四个水球可以挡住一颗子弹！如图所示，是央视《国家地理》频道的实验示意图，直径相同(约30cm 左右）的4个装满水的薄皮气球水平固定排列，子弹射入水球中并沿水平线做匀变速
直线运动,恰好能穿出第4个水球，气球薄皮对子弹的阻力忽略不计。

以下判断正确的是（ ）
A.子弹在每个水球中的速度变化相同
B 。

每个水球对子弹做的功不同
C.每个水球对子弹的冲量相同
D.子弹穿出第3个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等 5.在无风的环境，某人在高处释放静止的篮球，篮球竖直下落;如果先让篮球以一定的角速度绕过球心的水平轴转动（如图)再释放,则篮球在向下掉落的过程中偏离竖直方向做曲线运动。

其原因是，转动的篮球在运动过程中除受重力外，还受到空气施加的阻力1f 和偏转力2
f 。

这两个力与篮球速度v 的关系大致为:211f k v =，方向与篮球运动方向相反；22f k v =，方向与篮球运动方向垂直。

下列说法正确的是（ ）
A 。

1k 、2
k 是与篮球转动角速度无关的常量 B.篮球可回到原高度且角速度与释放时的角速度相同
C 。

人站得足够高，落地前篮球有可能向上运动
D 。

释放条件合适，篮球有可能在空中持续一段水平直线运动
6.如图,一根长度为l的轻绳系住一质量为m的小球悬挂在O点, 在水平半径OP的中点A处钉一枚光滑的钉子,在最低点给小球一个水平初速度v0,不计空气阻力，下列说法正确的（)
A。

若，则小球向上运动的过程中,水平速度先增大后减小B。

若，则小球刚好通过N点做圆周运动
C. 若，则小球向上运动的过程中，小球重力的功率一直增大
D。

若，则小球在P点后一瞬间绳子的拉力为mg
7.某质点做直线运动，运动速率的倒数与位移x的关系如图所示(OA与AA′距离相等)，关于质点的运动，下列说法正确的是（）
A。

质点做匀速直线运动
B. –x图线斜率等于质点运动的加速度
C. 质点从C运动到C′所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍
D。

质点从C运动到C′的运动位移是从O运动到C的运动位移
的3倍
8。

如图所示，倾角为30°的斜面体静止在水平地面上，轻绳一端连着斜面上一质量为m的物体A,轻绳与斜面平行，另一端通过两个滑轮相连于天花板上的P点。

动滑轮上悬挂物体B，开始时悬挂动滑轮的两绳均竖直。

现将P点缓慢向右移动，直到动滑轮两边轻绳的夹角为120°时,物体A刚好要滑动。

假设最大
.静摩擦力等于滑动摩擦力，物体A与斜面间的动摩擦因数为3
2
整个过程斜面体始终静止，不计滑轮的质量及轻绳与滑轮间的摩擦.下列说法正确的是（）
A。

物体B的质量为1。

25m
B.物体A受到的摩擦力先减小再增大
C.地面对斜面体的摩擦力一直水平向左并逐渐增大
D.斜面体对地面的压力逐渐增大
9。

如图所示，光滑轨道由AB、BCDE两段细圆管平滑连接组成，其中圆管AB段水平,圆管BCDE段是半径为R的四分之三圆弧，圆心O及D点与AB等高，整个管道固定在竖直平面内。

现有一质量为m。

初速度010gR
v 的光滑小球水平进入圆管AB。

设小球经过管道交接处无能量损失，圆管内径远小于R。

小球直径略
小于管内径,下列说法正确的是（ ）
A 。

小球通过E 点时对外管壁的压力大小为2mg
B 。

小球从B 点到
C 点的过程中重力的功率不断增大
C.小球从E 点抛出后刚好运动到B 点
D.若将DE 段圆管换成等半径的四分之一内圆轨道DE ，则小球不能够到达E 点
10.如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h 处由静止释放。

某同学探究小球在接触弹簧后向下的运动过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox ，作出小球所受弹力F 大小随小球下落的位置坐标x 的变化关系如图乙所示,不计空气阻力,重力加速度为g 。

以下判断正确的是（ )
A 。

当x =h +x 0时,重力势能与弹性势能之和最小 B.最低点的坐标为x =h +2x 0
C 。

小球受到的弹力最大值等于2mg D.小球动能的最大值为02
mgx mgh
二、非选择题（共6小题,共60分）
11.（6分）某同学用如图甲所示装置做验证“保持合外力不变，加速度与质量成反比”的实验。

部分实验步骤如下:
（1）将放在水平桌面上的气垫导轨左端垫高，力传感器固定在气垫导轨的上端，光电门固定在气垫导轨的下端；
(2）将挡光片安装在滑块上，用天平测出滑块质量，用游标卡尺测量挡光片宽度d如图乙所示，则d=________mm；
（3）将滑块放在气垫导轨上，力传感器的挂钩与滑块连接，读出传感器示数F，用米尺测量挡光片中心到光电门中心的距离L.
（4）解开挂钩，让滑块由静止开始运动，当滑块上的挡光片经过光电门时,光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间为△t，则滑块的加速度大小a=________（用L、d、△t表示）；
(5）改变滑块负重，测出滑块质量M，再将力传感器的挂钩与滑块连接，调整气垫导轨的倾斜角度，使力传感器的示数仍为F,解开挂钩，让滑块由静止开始运动，测得挡光片挡光时间，得到加速度a.多次重复实验,得到多组加速度a和质量M的数据,作1
图像，验证加速度与质量的关系。

a
M
(6)有同学提出本实验不必计算出加速度大小，可通过作下列________,该图像是通过坐标原点的一条直线，即可验证“合外力一定，加速度与质量成反比”.
A ．△t —M 2图像
B ．△t -M 图像
C ．△t —M 图像
D ．△t —1M 图像
12。

（6分）气垫导轨上相隔一定距离的两处安装有两个光电传感器A 、B ，AB 间距为L ，滑块P 上固定一遮光条，P 与遮光条的总质量为M ,若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连。

滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A 、B 时,通过计算机可以得到如图乙所示的电压U 随时间t 变化的图像：
(1)实验前，按通气源，将滑块(不挂钩码)置于气垫导轨上,轻推滑块，当图乙中的1t ________2
t (选填“〉”、“=”或“<”）时，说明气垫导轨已经水平;
（2)用螺旋测微器测遮光条宽度d ,测量结果如图丙所示,则d =________mm ；
(3）将滑块P 用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m 的钩码Q 相连，将滑块P 由图甲所示位置释放，通过计算机得到
的图像如图乙所示。

利用测定的数据，当关系式)2(mgL m M =+________
成立时，表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒。

(重力加速度为g，用题中给定的物理量符号表达）
13。

（10分）如图所示，用货车运输规格相同的水泥板，货车装载两层水泥板,底层水泥板固定在车厢里，上层水泥板堆放在底层水泥板上,已知水泥板间的动摩擦因数μ=0。

72，货车紧急刹车时的加速度大小为8m/s2；每块水泥板的质量m=200kg，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g =10m/s2，求：(1)货车以5m/s2的加速度启动时上层水泥板所受的摩擦力大小；(2）若货车在水平路面上匀速行驶的速度为12m/s，要使货车在紧急刹车时上层水泥板不撞上驾驶室，最初堆放时上层水泥板最前端应该离驾驶室的最小距离。

14.（10分)如图所示,气球下面吊着A、B两个小球，B球离水平地面高为h，整个系统以大小为0v的速度沿水平方向匀速前进,
气球和小球A的总质量为M，小球B的质量为m，重力加速度大小为g，不计小球A、B的大小，不计空气阻力,气球所受浮力始终不变,某时刻A、B间的细线断开，求：
(1）A、B间细线断开后，小球B运动的水平位移大小；
（2）小球B落地时,空气浮力对气球做的功及气球离小球B的距离。

15。

(12分）如图所示，两形状完全相同的平板A、B置于光滑水平面上，质量分别为m和2m。

平板B的右端固定一轻质弹簧，
P点为弹簧的原长位置，P点到平板B左端点Q的距离为L.物块C 置于平板A的最右端，质量为m且可视为质点。

平板A与物块C
以相同速度0v向右运动，与静止平板B发生碰撞，碰撞时间极短，
碰撞后平板A、B粘连在一起，物块C滑上平板B，运动至P点
压缩弹簧，后被弹回并相对于平板B静止在其左端Q点.已知弹
L，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g。

簧的最大形变量为
2
求:
(1)平板A、B刚碰完时的共同速率1v;
（2)物块C与平板B之间的动摩擦因数μ.
16。

(16分）如图所示,足够长的传送带与水平面的夹角θ=30︒，传送带顺时针匀速转动的速度大小v0=2m/s，物块A的质量
m1=1kg，与传送带间的动摩擦因数13
μ=物块B的质量m2=3kg，与传送带间的动摩擦因数223
μ=。

将两物块由静止开始同时在传
5
送带上释放,经过一段时间两物块发生碰撞，并且粘在一起，开始释放时两物块间的距离L=13m。

已知重力加速度g=10m/s2,A、B始终未脱离传送带，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

求：（1）两物块刚释放后各自加速度的大小；
(2）两物块释放后经多长时间发生碰撞；
（3)两物块碰撞后10s内在传送带上划过的痕迹长度。

答案
1.D 2。

A 3。

D 4.D 5.C 6.B 7.C
8.AC 9.CD 10。

AD
解析
1。

D
【解析】A．牛顿在伽利略和笛卡儿等科学家研究的基础上,总结出了动力学的一条基本规律—牛顿第一定律,故A正确；B．在日常生活中常见的是较重物体下落的较快,伽利略指出“如果排除空气阻力，那么，所有物体将下落的同样快”,“在科学研究中，懂得忽略什么，有时与懂得重视什么同等重要"，故B正确；
C．伽利略的斜面实验其方法的核心是把实验和逻辑推理(包括数学演算）和谐的结合起来,从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故C正确；
D．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不能通过实验直接验证，故D错误。

故选D。

2.A
【解析】重新平衡后,绳子形状如下图：
由几何关系知：绳子与竖直方向夹角θ为30°，则环两边绳子的夹角为60°，则根据平衡条件可得：2m A g cosθ=m B g
解得:
m
A :m
B =12cos θ3
A ．
A
m :B m = 3.故A 符合题意。

B ．
A m ：
B m =1。

故B 不符合题意.
C ．
A
m ：B m =1。

故C 不符合题意。

D ．
A m ：
B m
= 2.故D 不符合题意。

3.D 【解析】A ．万有引力提供向心力
2
2(3)3Mm v G m R R R R
=++ 解得
v =在月球表面
02Mm G mg R
= 解得
20GM g R =
联立解得
v =故A 正确，不符合题意；
B ．飞船在A 点变轨后由圆轨道变为椭圆轨道，做向心运动，要求万有引力大于飞船所需向心力,所以飞船应该减速，动能减小，故B 正确，不符合题意；
C ．万有引力提供向心力
2
224(3)(3)Mm G m R R R R T
π=++ 结合
20GM g R =
解得
T 2=故C 正确，不符合题意；
D ．在椭圆轨道上，飞船由A 点运动至B 点,只有万有引力做功，机械能守恒，故D 错误，符合题意。

故选D.
4。

D
【解析】A ．子弹向右做匀减速运动，通过相等的位移时间逐渐缩短，所以子弹在每个水球中运动的时间不同.加速度相同，由v at =知，子弹在每个水球中的速度变化不同，选项A 错误； B ．由W fx =-知，f 不变，x 相同，则每个水球对子弹的做的功相同，选项B 错误；
C ．由I ft =知,f 不变，t 不同，则每个水球对子弹的冲量不同,选项C 错误；
D ．子弹恰好能穿出第4个水球，则根据运动的可逆性知子弹穿过第4个小球的时间与子弹穿过前3个小球的时间相同，子弹穿出第3个水球的瞬时速度即为中间时刻的速度，与全程的平均速度相等，选项D 正确.
故选 D.
5.C
【解析】A．篮球未转动时,篮球竖直下落，没有受到偏转力2f的作用，而篮球转动时，将受到偏转力2f的作用，所以偏转力22
f k v 中的2k与篮球转动角速度有关,故A错误；
B．空气阻力一直对篮球做负功，篮球的机械能将减小，篮球的角速度也将减小，所以篮球没有足够的能量回到原高度，故B 错误；
C．篮球下落过程中，其受力情况如下图所示
篮球下落过程中，由受力分析可知，随着速度不断增大，篮球受到1f和2f的合力沿竖直方向的分力可能比重力大，可使篮球竖直方向的分速度减小为零或变成竖直向上,所以篮球可能向上运动，故C正确；
D．如果篮球的速度变成水平方向,则空气阻力的作用会使篮球速度减小，则篮球受到的偏转力2f将变小，不能保持2f与重力持续等大反向,所以不可能在空中持续一段水平直线运动，故D错误。

故选C。

6.B
【解析】若，则小球向上运动恰能到达P点，此过程中,速
度v逐渐减小，水平速度v水=vsinθ(θ为速度v与竖直方向的夹角)，因θ逐渐减小，则水平速度逐渐减小,选项A错误;若小球恰能通过N点，则，解得，若,则小球通过N点时的速度满足：,解得，可知小球恰能经过N 点，选项B正确；若,则小球向上运动的过程中恰能到达P 点，因开始时重力的瞬时功率和到达P点时重力的瞬时功率均为零，可知小球向上运动的过程，重力的功率先增大后减小，选项C错误；若，则小球到达P点时满足:，解得；在P点后一瞬间绳子的拉力为，选项D错误；故选B。

7.C
【解析】A. 由题中1/v−x图象可知,1/v与x成正比,即vx=常数，质点做减速直线运动,故A错误；
B。

质点的运动不是匀减速运动,图线斜率不等于质点运动的加速度，B错误;
C。

由于三角形OBC的面积s1=OC⋅BC=x1v1，体现了从O到C 所用的时间，同理，从O到C′所用的时间可由S2=x2v2体现，所以四边形BB′C′C面积可体现质点从C到C′所用的时间，由于四边形AA′B′B面积与四边形BB′C′C面积相等，所以四边形AA′B′B 面积也可表示质点运动的时间，所以质点从C运动到C′所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍，故C正确;
D。

质点从C运动到C′的运动位移和从O运动到C的运动位移相等，故D错误。

故选：C。

8。

AC
【解析】A ．随着P 点缓慢向右移动，拉物体B 的两边绳子拉力越来越大，当夹角为120o 时绳子拉力恰好等于B 物体的重力,此时物体A 恰好达到最大静摩擦力将向上滑动,则
o o B sin 30cos30mg mg m g μ+=
解得
B 1.25m m =
A 正确；
B ．初始时刻，拉物体B
的两边绳子竖直时,绳子拉力 o B 10.625sin 302
T m g m mg ==> 此时A 受摩擦力沿斜面向下，因此当P 缓慢移动过程中，绳子拉力逐渐增大，A 受斜面的摩擦力一直增大，B 错误；
C ．将物体A 与斜面体做为一个整体,设拉物体B 的绳子与水平方向夹角为θ ，则斜面体受地面的摩擦力
cos f T θ=
随P 点缓慢移动，绳子拉力T 越来越大,绳子与水平夹角θ越来越小,地面对斜面体的摩擦力越来越大，C 正确;
D ．将物体A 、B 及斜面体做为一个整体，在P 向右缓慢移动的过程中,绳子拉力的竖直分量为
B 1sin 2
T m g θ= 保持不变，因此地面的支持力保持不变,D 错误.
故选AC.
9。

CD
【解析】A ．从A 至E 过程，由机械能守恒定律得
22011 22
E mv mv mgR =+ 解得
E v =
在E 点时
2E v mg N m R
-= 解得
2
mg N = 即小球通过E 点时对内管壁的压力大小为2mg ，选项A 错误； B ．小球在C 点时竖直速度为零，则到达C 点时重力的瞬时功率为零，则小球从B 点到C 点的过程中重力的功率不是不断增大,选项B 错误；
C ．从E 点开始小球做平抛运动，则由
2E x v t R === 小球能正好平抛落回B 点,故C 正确;
D ．若将D
E 段圆管换成等半径的四分之一内圆轨道DE ,则小球到达E
，由于
E v =
<可知，小球不能够到达E 点，选项D 正确.故选CD 。

10。

AD
【解析】由图象结合小球的运动过程为：先自由落体运动，当
与弹簧相接触后,再做加速度减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动,直到小球速度为零.
A ．当x =h +x 0时,弹力等于重力，加速度为零,小球速度最大，动能最大,由于系统机械能守恒，所以重力势能与弹性势能之和最小，A 正确;
B ．在最低点小球速度为零,从刚释放小球到小球运动到最低点，小球动能变化量为零，重力做的功和弹力做的功的绝对值相等,即到最低点图中实线与x 轴围成的面积应该与mg 那条虚线与x 轴围成的面积相同，所以最低点应该在h +2x 0小球的后边，B 错误；
C ．由B 知道最低点位置大于0
2x h x =+,所以弹力大于2mg ， C 错误；
D ．当x =h +x 0时，弹力等于重力,加速度为零,小球速度最大，动能最大，由动能定理可得
00011()22
G N W W mg h x mg x mgh mgx +=+-⋅=+， 故D 正确。

11.6.40
222()d L t ∆ C
【解析】（1）［1］ 挡光片宽度d
6mm 80.05mm=6.40mm +⨯.
（2）[2］ 某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则v 等于挡光片通过光电门经过中间时刻的瞬时速度，滑块上的挡光片经过光电门的速度
d v t
=∆ 根据运动学公式
22aL v =
得
2
22()d a L t =∆。

（3）[3]ABCD ．因为
2
2
2()d a L t =∆ 若牛顿第二定律成立
F Ma =
2
2
2()F d a M L t ==∆ 2
2
2d t M FL ∆=
t ∆= 当F 一定时，挡光片中心到光电门中心的距离L ，挡光片宽度d 都是定值，则
t ∆ ,t ∆ 与
“合外力一定,加速度与质量成反比”成立，ABD 错误C 正确。

故选C 。

12。

= 8。

475
2221()()d d t t -
【解析】(1)［1]．如果遮光条通过光电门的时间相等，即t 1=t 2，说明遮光条做匀速运动，即说明气垫导轨已经水平；
（2）［2］．螺旋测微器的固定刻度读数为8mm ，可动刻度读数为0.01×47。

5mm=0。

475mm ，所以最终读数
为:8mm+0.475mm=8。

475mm ；
(3）［3]．由于光电门的宽度很小,所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度，则
1
A d v t ＝ 2
B d v t ＝ 滑块和砝码组成的系统动能的增加量 ()221()2
B k A E M v v m =+- 系统的重力势能的减小量
△E p =mgL
如果系统动能的增加量等于系统重力势能的减小量，则系统机械能守恒,即
()221()2
B A mgL v M m v =+- 化简得
()222
1()()2 mgL d d m M t t -+＝ 13。

（1)1000N ；（2)1。

0m
【解析】（1）要使上层水泥板不发生相对滑动，上层水泥板的最大静摩擦力
fm m F mg ma μ==
货车的加速度不得超过
27.2m/s m a g μ==
启动加速度
2205m/s 7.2m/s m a a =<=
所以未发生相对滑动,根据牛顿第二定律，上层水泥板所受的摩擦力大小
01000N?f F ma ==
（2）由题意知,货车紧急刹车时,上层水泥板受到滑动摩擦力减速，其加速度大小
21 7.2m/s a g μ==
上层水泥板在急刹车及货车停下后运动的总距离
2011
2v x a = 货车的加速度
228m/s a =
货车的刹车距离
2022
2v x a = 上层管道相对于货车滑动的距离
12x x x ∆=-
代入数据解得
1.0m x ∆=
14。

（1）v （2)()m M mgh W M
+=，m M h M + 【解析】（1）细线断开后，小球B 做平拋运动，设小球B 在空
中运动时间为t ，则
212
h gt = 解得
t =这段时间内小球B 的水平位移
0x v t v ==（2）细线断开后，气球做类平拋运动，设气球受到的浮力为F ,细线断前，根据力的平衡
()F m M g =+
细线断后，对气球根椐牛顿第二定律
F Mg Ma -=
解得
mg a M
= 则气球在t 时间内上升的高度
212m h at h M
'== 空气浮力对气球做的功
()m M mgh W Fh M
+'== 气球离地面的高度
m M H h h h M
+'=+= 由于小球B 和气球在水平方向速度相同，因此小球B 在空中运动过程中，始终在气球的正下方，因此小球B 落地时，气球离小球B 的距离为m M h M +。

15。

（1)1013v v =；（2）2018v gL
【解析】（1)A 、B 碰撞过程系统动量守恒,以向右为正方向,根据动量守恒定律有
01(2)mv m m v =+
解得
1013
v v = （2）设C 停在Q 点时A 、B 、C 共同速度为2
v ，整个过程系统动量守恒，以向右为正方向，根据动量守恒定律有
0224mv mv =
解得
2012
v v = 对A 、B 、C 组成的系统，从A 、B 碰撞结束瞬时到C 停在Q 点的过程,根据能量守恒定律得
()()22201211122?3222
mv m m v m m m v mg L μ++=+++ 解得
2018v gL
μ= 16.(1) 2m/s 2,1m/s 2；(2）3s ；（3）8m
【解析】(1）A 沿斜面向下运动时
11111sin cos m g m g m a θμθ-=
得
a 1=22m/s
B 沿斜面向上加速过程
22222cos sin m g m g m a μθθ-=
得
a 2=12m/s
（2)由速度公式v 0=a 2t 0得
t 0=2s
因
22
10201
16m 22a t a t L +=<
故经t 0=2s 时两物块还没相撞
22
120001
1
()22L a t a t v t t =++-
解得
t =3s 或t =－5s
舍去t =－5s ，经时间t =3s 两物块相撞 (3）两物块碰撞前A 速度大小v 1=a 1t ，得v l =6m/s ，碰撞过程
112012()m v m v m m v -=+
得
v =0
碰撞后
112212123cos cos ()sin ()m g m g m m g m m a μθμθθ+-+=+
得
a 3=0。

25m/s 2
则v 0=a 3't ,经't =8s 两物块相对传送带静止 此过程相对位移大小
2
'0
03
2v x v t a =-
解得
x =8m。