2015高考化学真题汇编专题19物质结构与性质(选修)

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物质结构与性质(选择题)-2023年新高考化学真题题源解密(解析版)

专题十二物质结构与性质目录：2023年真题展现考向一分子的极性和共价键的极性考向二杂化类型和空间构型考向三电负性和电离能考向四晶胞及其计算考向五晶胞类型判断真题考查解读近年真题对比考向一电离能、电负性的应用考向二　杂化轨道及空间构型考向三　共价键的极性与分子极性的判断考向四　晶体类型判断考向五　晶胞粒子数与晶体化学式判断命题规律解密名校模拟探源易错易混速记考向一分子的极性和共价键的极性1(2023·山东卷第3题)下列分子属于极性分子的是()A.CS 2B.NF 3C.SO 3D.SiF 42(2023·浙江选考第12题)共价化合物Al 2Cl 6中所有原子均满足8电子稳定结构，一定条件下可发生反应：Al 2Cl 6+2NH 3=2Al NH 3 Cl 3，下列说法不正确的是()A.Al 2Cl 6的结构式为B.Al 2Cl 6为非极性分子C.该反应中NH 3的配位能力大于氯D.Al 2Br 6比Al 2Cl 6更难与NH 3发生反应3(2023·浙江选考第10题)X 、Y 、Z 、M 、Q 五种短周期元素，原子序数依次增大。

X 的2s 轨道全充满，Y 的s 能级电子数量是p 能级的两倍，M 是地壳中含量最多的元素，Q 是纯碱中的一种元素。

下列说法不正确的是()A.电负性：Z >XB.最高正价：Z <MC.Q 与M 的化合物中可能含有非极性共价键D.最高价氧化物对应水化物的酸性：Z >Y物质结构与性质（选择题）-2023年新高考化学真题题源解密（解析版）4(2023·新课标卷第12题)“肼合成酶”以其中的Fe 2+配合物为催化中心，可将NH 2OH 与NH 3转化为肼(NH 2NH 2)，其反应历程如下所示。

下列说法错误的是()A.NH 2OH 、NH 3、H 2O 均为极性分子B.反应涉及N -H 、N -O 键断裂和N -H 键生成C.催化中心的Fe 2+被氧化为Fe 3+，后又被还原为Fe 2+D.将NH 2OH 替换为ND 2OD ，反应可得ND 2ND 2考向二杂化类型和空间构型5(2023·辽宁卷第6题)在光照下，螺呲喃发生开、闭环转换而变色，过程如下。

【2016_2018三年高考真题分类汇编】化学专题19物质结构与性质(选修)教师版

分子晶体，分子之间通过微弱的分子间作用力结合。对于组成和结构相似的物质来说，相对分子质
量越大，分子间作用力越大，熔沸点越高。由于相对分子质量：
GeCl4 ＜GeBr4 ＜ GeI4 ，所以它们的
熔沸点由低到高的顺序是： GeCl4＜ GeBr4＜ GeI 4； (4) 光催化还原 CO 2 制备 CH 4 反应中，带状纳米
249 kJ ，所以 O＝ O 键能是 249 kJ/mol 2×＝ 498 kJ/mol ；晶格能是气态离子形成 1 摩尔离子晶体释放的能量，根据示意图可知 Li 2O 的晶格能是 2908 kJ/mol ； (5) 根据晶胞结构可知锂全部在晶胞中，共计是 8 个，根据化学式可知氧原子个数是 4 个，则 Li 2O 的
(3)X 射线衍射测定等发现，
I 3AsF6 中存在
I
+ 3
离子。
I
+ 3
离子的几何构型为
_____________ ，中心原子
的杂化形式为 ________________。
(4)KIO 3 晶体是一种性能良好的非线性光学材料，具有钙钛矿型的立方结构，边长为
a=0.446 nm，晶
胞中 K 、I、O 分别处于顶角、体心、面心位置，如图所示。 K 与 O 间的最短距离为 ______nm，与 K
B． 553.5
C． 589.2
D ． 670.8
E． 766.5
(2) 基态 K 原子中，核外电子占据最高能层的符号是 _________，占据该能层电子的电子云轮廓图形
状为 ___________。 K 和 Cr 属于同一周期，且核外最外层电子构型相同，但金属
K 的熔点、沸点等
都比金属 Cr 低，原因是 ___________________________ 。

2015年高考化学题型步步衔接-专题20《物质结构》(选修)(含解析)

2015年高考化学题型步步衔接-专题20《物质结构》(选修)(含解析)专题20《物质结构》【母题来源】2015福建理综化学【母题题文】[化学-物质结构与性质]（13分）科学家正在研究温室气体CH4和CO2的转化和利用。

（1）CH4和CO2所含的三种元素电负性从小到大的顺序为________________。

（2）下列关于CH4和CO2的说法正确的是_______(填序号)。

a．固态CO2属于分子晶体b．CH4分子中含有极性共价键，是极性分子c．因为碳氢键键能小于碳氧键，所以CH4熔点低于CO2d．CH4和CO2分子中碳原子的杂化类型分别是sp3和sp（3）在Ni基催化剂作用下，CH4和CO2反应可获得化工原料CO和H2.①基态Ni原子的电子排布式为_______，该元素位于元素周期表的第_____族。

【试题解析】（1）元素的非金属性越强，其电负性就越大。

在CH4和CO2所含的H、C、O三种元素中，元素的非金属性由强到弱的顺序是O>C>H，所以元素的电负性从小到大的顺序为H<C<O；（2）a．固态CO2是由CO2分子通过分子间作用力结合形成的分子晶体，正确。

B.在CH4分子中含有不同种非金属元素形成的C-H极性共价键，由于该分子中各个共价键空间排列对称，该分子是正四面体型的结构的分子，因此该反应是非极性分子，错误。

c．CH4和CO2都是由分子构成的分子晶体，分子之间通过分子间作用力结合，分子间作用力越强，物质的熔、沸点就越高，物质的熔沸点高低与分子内的化学键的强弱无关，错误。

d．CH4分子中碳原子形成的都是σ键，碳原子的杂化类型是sp3的杂化，而CO2分子中C原子与两个氧原子个形成了四个共价键，两个σ键，两个π键，碳原子的杂化类型是sp杂化，正确。

故答案选a、d；（3）①28号元素Ni的基态原子的电子排布式为1s22s22p63s23p63d84s2或[Ar] 3d84s2；，该元素位于元素周期表的第四周期第VIII族。

高考化学拉分题专项训练：专题15物质结构与性质(选修)(解析)

一.考点精析1、核外电子排布——构造原理（1）构造原理是书写基态原子电子排布式的依据，也是绘制基态原子轨道表示式的主要依据之一。

（2）不同能层的能级有交错现象，如E（3d）＞E（4s）、E（4d）＞E（5s）、E（5d）＞E（6s）、E（6d）＞E（7s）、E（4f）＞E（5p）、E（4f）＞E（6s）等。

原子轨道的能量关系是：ns＜（n-2）f ＜（n-1）d ＜np（3）根据构造原理，在多电子原子的电子排布中：各能层最多容纳的电子数为2n2 ；最外层不超过8个电子；次外层不超过18个电子；倒数第三层不超过32个电子。

2、中心原子杂化（1）s、p杂化轨道和简单分子几何构型的关系杂化类型sp sp 2sp 3sp 3不等性杂化轨道夹角180 o120 o109o28′中心原子位置ⅡA，ⅡB ⅢA ⅣA ⅤA ⅥA ⅦA中心原子孤对电子数0 0 0 1 2 3分子几何构型直线形平面三角形正四面体形三角锥形V字形直线形实例BeCl2、HgCl2BF3CH4、SiCl4NH3、PH3H2O、H2SHCl（2）中心原子杂化方式的判断方法：看中心原子有没有形成双键或叁键，如果有1个叁键，则其中有2个π键，用去了2个p轨道，形成的是sp杂化；如果有1个双键则其中有1个π键，形成的是sp 2杂化；如果全部是单键，则形成的是sp 3杂化。

3、根据晶胞确定晶体化学式的方法（即确定一个晶胞中平均占有的原子数）——均摊法：晶胞任意位置上的一个粒子如果被n个晶胞所共有，那么，每个晶胞对这个粒子分得的份额就是1/n。

以长方体晶胞为例：①处于顶点的粒子，同时为8个晶胞共有，每个粒子对晶胞的贡献为1/8；②处于棱上的粒子，同时为4个晶胞共有，每个粒子对晶胞的贡献为1/4；③处于面上的粒子，同时为2个晶胞共有，每个粒子对晶胞的贡献为1/2；④处于体内的粒子，完全属于该晶胞，每个粒子对晶胞的贡献为1。

4、物质熔沸点高低的判断（1）不同类晶体：一般情况下，原子晶体>离子晶体>分子晶体（2）同种类型晶体：构成晶体质点间的作用力大，则熔沸点高，反之则小。

2015年全国1卷高考化学(附解析)

2015年新课标I高考化学试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）7．（6分）我国清代《本草纲目拾遗》中记叙无机药物335种，其中“强水”条目下写道：“性最烈，能蚀五金…其水甚强，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛．”这里的“强水”是指（）A ．氨水B．硝酸C．醋D．卤水8．（6分）N A为阿伏伽德罗常数的值．下列说法正确的是（）A．18gD2O和18gH2O中含有的质子数均为10N AB．2L0.5mol/L亚硫酸溶液中含有的H+个数为2N AC．过氧化钠与水反应时，生成0.1mol氧气转移的电子数为0.2N AD．密闭容器中2molNO与1molO2充分反应，产物的分子数为2N A9．（6分）乌洛托品在合成、医药、染料等工业中有广泛用途，其结构式如图所示．将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品．若原料完全反应生成乌洛托品，则甲醛与氨的物质的量之比为（）A ．1：1 B．2：3 C．3：2 D．2：110．（6分）下列实验中，对应的现象以及结论都正确且两者具有因果关系的是（）选项实验现象结论A．将稀硝酸加入过量铁粉中，充分反应后滴加KSCN溶液有气体生成，溶液呈血红色稀硝酸将Fe氧化为Fe3+B．将铜粉加1.0mol•L﹣1Fe2（SO4）3溶液中溶液变蓝、有黑色固体出现金属铁比铜活泼C．用坩埚钳夹住一小块用砂纸仔细打磨过的铝箔在酒精灯上加热熔化后的液态铝滴落下来金属铝的熔点较低D．将0.1mol•L﹣1MgSO4溶液滴入NaOH溶液至不再有沉淀产生，再滴加0.1mol•L﹣1CuSO4溶液先有白色沉淀生成后变为浅蓝色沉淀Cu（OH）2的溶度积比Mg（OH）2的小A ．A B．B C．C D．D11．（6分）微生物电池是指在微生物的作用下将化学能转化为电能的装置，其工作原理如图所示．下列有关微生物电池的说法错误的是（）A正极反应中有CO2生成．微生物促进了反应中电子的转移B．质子通过交换膜从负极区移向正极区C．D电池总反应为C6H12O6+6O2═6CO2+6H2O．12．（6分）W、X、Y、Z均为的短周期主族元素，原子序数依次增加，且原子核外L电子层的电子数分别为0、5、8、8，它们的最外层电子数之和为18．下列说法正确的是（）单质的沸点：W＞XA．B阴离子的还原性：W＞Z．氧化物的水化物的酸性：Y＜ZC．X与Y不能存在于同一离子化合物中D．13．（6分）浓度均为0.10mol/L、体积均为V0的MOH和ROH溶液，分别加水稀释至体积V，pH随lg的变化如图所示，下列叙述错误的是（）MOH的碱性强于ROH的碱性A．B ROH的电离程度：b点大于a点．C若两溶液无限稀释，则它们的c（OH﹣）相等．D当lg=2时，若两溶液同时升高温度，则c（M+）/c（R+）增大．二、解答题（共3小题，满分43分）26．（14分）草酸（乙二酸）存在于自然界的植物中，其K1=5.4×10﹣2，K2=5.4×10﹣5．草酸的钠盐和钾盐易溶于水，而其钙盐难溶于水．草酸晶体（H2C2O4•2H2O）无色，熔点为101℃，易溶于水，受热脱水、升华，170℃以上分解．回答下列问题：（1）甲组同学按照如图所示的装置，通过实验检验草酸晶体的分解产物，装置C中可观察到的现象是，由此可知草酸晶体分解的产物中有．装置B的主要作用是．（2）乙组同学认为草酸晶体分解的产物中含有CO，为进行验证，选用甲组实验中的装置A、B和如图所示的部分装置（可以重复选用）进行实验．①乙组同学的实验装置中，依次连接的合理顺序为A、B、．装置H反应管中盛有的物质是．②能证明草酸晶体分解产物中有CO的现象是．（3）①设计实验证明：①草酸的酸性比碳酸的强．②草酸为二元酸．27．（14分）硼及其化合物在工业上有许多用途．以铁硼矿（主要成分为Mg2B2O5•H2O和Fe3O4，还有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）为原料制备硼酸（H3BO3）的工艺流程如图所示：回答下列问题：（1）写出Mg2B2O5•H2O与硫酸反应的化学方程式．为提高浸出速率，除适当增加硫酸浓度外，还可采取的措施有（写出两条）．（2）利用的磁性，可将其从“浸渣”中分离．“浸渣”中还剩余的物质是（化学式）．（3）“净化除杂”需先加H2O2溶液，作用是．然后在调节溶液的pH约为5，目的是．（4）“粗硼酸”中的主要杂质是（填名称）．（5）以硼酸为原料可制得硼氢化钠（NaBH4），它是有机合成中的重要还原剂，其电子式为．（6）单质硼可用于生成具有优良抗冲击性能硼钢．以硼酸和金属镁为原料可制备单质硼，用化学方程式表示制备过程．28．（15分）碘及其化合物在合成杀菌剂、药物等方面具有广泛用途．回答下列问题：（1）大量的碘富集在海藻中，用水浸取后浓缩，再向浓缩液中加MnO2和H2SO4，即可得到I2，该反应的还原产物为．（2）上述浓缩液中含有I﹣、Cl﹣等离子，取一定量的浓缩液，向其中滴加AgNO3溶液，当AgCl开始沉淀时，溶液中为：，已知K sp（AgCl）=1.8×10﹣10，K sp（AgI）=8.5×10﹣17．（3）已知反应2HI（g）═H2（g）+I2（g）的△H=+11kJ•mol﹣1，1molH2（g）、1molI2（g）分子中化学键断裂时分别需要吸收436KJ、151KJ的能量，则1molHI（g）分子中化学键断裂时需吸收的能量为kJ．（4）Bodensteins研究了下列反应：2HI（g）⇌H2（g）+I2（g）在716K时，气体混合物中碘化氢的物质的量分数x（HI）与反应时间t的关系如表：t/min 0 20 40 60 80 120X（HI） 1 0.91 0.85 0.815 0.795 0.784X（HI）0 0.60 0.73 0.773 0.780 0.784①根据上述实验结果，该反应的平衡常数K的计算式为：．②上述反应中，正反应速率为v正=k正x2（HI），逆反应速率为v逆=k逆x（H2）x（I2），其中k正、k逆为速率常数，则k逆为（以K和k正表示）．若k正=0.0027min﹣1，在t=40min时，v正=min﹣1．③由上述实验数据计算得到v正～x（HI）和v逆～x（H2）的关系可用如图表示．当升高到某一温度时，反应重新达到平衡，相应的点分别为（填字母）．[化学--选修2：化学与技术]36．（15分）氯化亚铜（CuCl）广泛应用于化工、印染、电镀等行业．CuCl难溶于醇和水，可溶于氯离子浓度较大的体系，在潮湿空气中易水解氧化．以海绵铜（主要成分是Cu和少量CuO）为原料，采用硝酸铵氧化分解技术生产CuCl的工艺过程如下：回答下列问题：（1）步骤①中得到的氧化产物是，溶解温度应控制在60﹣70℃，原因是．（2）写出步骤③中主要反应的离子方程式．（3）步骤⑤包括用pH=2的酸洗、水洗两步操作，酸洗采用的酸是（写名称）．（4）上述工艺中，步骤⑥不能省略，理由是．（5）步骤②、④、⑤、⑧都要进行固液分离．工业上常用的固液分离设备有（填字母）A、分馏塔B、离心机C、反应釜D、框式压滤机（6）准确称取所制备的氯化亚铜样品mg，将其置于过量的FeCl3溶液中，待样品完全溶解后，加入适量稀硫酸，用amol/L﹣1的K2Cr2O7溶液滴定到终点，消耗K2Cr2O7溶液bmL，反应中Cr2O72﹣被还原为Cr3+，样品中CuCl的质量分数为．[化学--选修3：物质结构与性质]37．碳及其化合物广泛存在于自然界中，回答下列问题：（1）处于一定空间运动状态的电子在原子核外出现的概率密度分布可用形象化描述．在基态14C原子中，核外存在对自旋相反的电子．（2）碳在形成化合物时，其键型以共价键为主，原因是．（3）CS2分子中，共价键的类型有，C原子的杂化轨道类型是，写出两个与CS2具有相同空间构型和键合形式的分子或离子．（4）CO能与金属Fe形成Fe（CO）5，该化合物熔点为253K，沸点为376K，其固体属于晶体．（5）碳有多种同素异形体，其中石墨烯与金刚石的晶体结构如图所示：①在石墨烯晶体中，每个C原子连接个六元环，每个六元环占有个C原子．②在金刚石晶体中，C原子所连接的最小环也为六元环，每个C原子连接个六元环，六元环中最多有个C原子在同一平面．[化学--选修5：有机化学基础]38．A（C2H2）是基本有机化工原料．由A制备聚乙烯醇缩丁醛和顺式聚异戊二烯的合成路线（部分反应条件略去）如图所示：回答下列问题：（1）A的名称是，B含有的官能团是．（2）①的反应类型是，⑦的反应类型是．（3）C和D的结构简式分别为、．（4）异戊二烯分子中最多有个原子共平面，顺式聚异戊二烯的结构简式为．（5）写出与A具有相同官能团的异戊二烯的所有同分异构体（写结构简式）．（6）参照异戊二烯的上述合成路线，设计一条由A和乙醛为起始原料制备1，3﹣丁二烯的合成路线．2015年新课标I高考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）7．（6分）考点：真题集萃；化学科学的主要研究对象；硝酸的化学性质．分析：“强水”“性最烈，能蚀五金…其水甚强，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛．”说明“强水”腐蚀性很强，能腐蚀多数金属及岩石，但不能腐蚀玻璃，即和玻璃中成分不反应，据此分析解答．解答：解：A．氨水属于弱碱，和金属不反应，不符合条件，故A错误；B．硝酸具有强氧化性、强酸性，能腐蚀大多数金属，也能和岩石中的CaCO3发生反应，但不能和玻璃中成分硅酸盐反应，所以符合条件，故B正确；C．醋酸是弱电解质，能腐蚀较活泼金属，但不能腐蚀较不活泼金属，如Cu等金属，不符合条件，故C错误；D．卤水其主要成份为氯化镁、氯化钠和一些金属阳离子，和大多数金属不反应，不符合条件，故D错误；故选B．点评：本题考查元素化合物知识，为高频考点，明确物质的性质是解本题关键，知道硝酸的强氧化性，题目难度不大．8．（6分）考点：真题集萃；阿伏加德罗常数．专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．分析：A．一个D2O和H2O分子中质子数都是10，18g的D2O物质的量==0.9mol、18gH2O的物质的量==1mol，根据N=nN A知，其分子数之比等于物质的量之比=0.9mol：1mol=0.9：1，结合分子构成计算质子数；B．n（H2SO3）=0.5mol/L×2L=1mol，亚硫酸是弱电解质，在水溶液中部分电离，且第二步电离程度远远小于第一步电离程度；C．过氧化钠和水反应方程式为2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，每生成1mol氧气转移电子物质的量=1mol×2×[0﹣（﹣1）]=2mol，据此计算生成0.1mol氧气转移的电子数；C．NO和O2反应方程式为2NO+O2=2NO2，根据方程式知，2molNO与1molO2恰好完全反应生成2molNO2，但NO2和N2O4之间存在转化，方程式2NO2⇌N2O4．解答：解：A．一个D2O和H2O分子中质子数都是10，18g的D2O物质的量==0.9mol、18gH2O的物质的量==1mol，根据N=nN A知，其分子数之比等于物质的量之比=0.9mol：1mol=0.9：1，二者的分子数分别是0.9N A、N A，结合分子构成知，二者的质子数分别是9N A、10N A，故A错误；B．n（H2SO3）=0.5mol/L×2L=1mol，亚硫酸是弱电解质，在水溶液中部分电离，且第二步电离程度远远小于第一步电离程度，所以溶液中含有的H+个数远远小于2N A，故B错误；C．过氧化钠和水反应方程式为2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，Na2O2中O元素的化合价为﹣1价，每生成1mol氧气转移电子物质的量=1mol×2×[0﹣（﹣1）]=2mol，则生成0.1mol氧气转移的电子0.2mol，电子数为0.2N A，故C正确；C．NO和O2反应方程式为2NO+O2=2NO2，根据方程式知，2molNO与1molO2恰好完全反应生成2molNO2，但NO2和N2O4之间存在转化，方程式2NO2⇌N2O4，所以产物分子数小于2N A，故D错误；故选C．点评：本题考查阿伏伽德罗常数有关计算，涉及氧化还原反应、可逆反应、弱电解质的电离、同位素等知识点，明确物质的性质、物质结构、物质之间的转化即可解答，易错选项是AD，注意A中D2O的相对分子质量是20，注意D中存在转化关系2NO2⇌N2O4．9．（6分）考点：真题集萃；化学方程式的有关计算．分析：将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品，若原料完全反应生成乌洛托品，每个乌洛托品分子中含有6个C原子、4个N原子，根据C原子、N原子守恒判断甲醛和氨的物质的量之比．解答：解：将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品，若原料完全反应生成乌洛托品，每个乌洛托品分子中含有6个C原子、4个N原子，每个甲醛分子中含有1个C原子、每个氨气分子中含有1个N原子，根据C原子、N原子守恒知，要形成一个乌洛托品分子需要6个甲醛分子、4个氨气分子，则需要甲醛和氨气分子个数之比=6：4=3：2，根据N=nN A知，分子数之比等于物质的量之比，所以甲醛与氨的物质的量之比3：2，故选C．点评：本题考查物质的量的有关计算，为高频考点，明确物质的量的基本公式及物质的构成是解本题关键，注意结合原子守恒解答，题目难度不大．10．（6分）考点：真题集萃；化学实验方案的评价．专题：实验评价题．分析：A．过量铁粉，反应生成亚铁离子；B．Cu和Fe3+发生氧化还原反应生成Fe2+和Cu2+；C．三氧化二铝的熔点高于铝的熔点，所以铝箔在酒精灯上加热到熔化，熔化的铝并不滴落；D．溶度积大的物质向溶度积小的物质转化．解答：解：A．过量铁粉，反应生成亚铁离子，加入KSCN溶液、溶液不显红色，故A错误；B．Cu和Fe3+发生氧化还原反应，反应方程式为Cu+2Fe3+=Cu2++2Fe2+，所以没有黑色沉淀生成，溶液由黄色变为蓝色，故B错误；C．将铝箔用坩埚钳夹住放在酒精灯火焰上加热，铝和氧气反应生成了氧化铝，形成氧化膜，三氧化二铝的熔点高于铝的熔点，包住了熔化的铝，所以加热铝箔的时候铝熔化了但是不会滴落，故C错误；D．将0.1mol•L﹣1MgSO4溶液滴入NaOH溶液至不再有沉淀产生，说明NaOH完全反应，再滴加0.1mol•L﹣1CuSO4溶液，先有白色沉淀生成后变为浅蓝色沉淀，说明发生了沉淀的转化，溶度积大的物质向溶度积小的物质转化，所以Cu（OH）2的溶度积比Mg（OH）2的小，故D正确；故选D．点评：本题考查化学实验方案评价，为高频考点，涉及沉淀转化、铝及其氧化物的性质、氧化还原反应、硝酸的性质等知识点，侧重考查基本理论、元素化合物性质，注意把握实验原理及操作方法，题目难度中等．11．（6分）考点：真题集萃；原电池和电解池的工作原理．分析：A．根据图知，负极上C6H12O6失电子，正极上O2得电子和H+反应生成水，负极的电极反应式为C6H12O6+6H2O﹣24e﹣=6CO2+24H+，正极的电极反应式为O2+4e﹣+4H+═2H2O；B．葡萄糖在微生物的作用下将化学能转化为电能，形成原电池；C．原电池中，阳离子向正极移动，所以质子通过交换膜从负极区移向正极区；D．燃料电池反应式和燃料燃烧方程式相同．解答：解：A．根据图知，负极上C6H12O6失电子，正极上O2得电子和H+反应生成水，负极的电极反应式为C6H12O6+6H2O﹣24e﹣=6CO2+24H+，正极的电极反应式为O2+4e﹣+4H+═2H2O，因此CO2在负极产生，故A错误；B．葡萄糖在微生物的作用下将化学能转化为电能，形成原电池，有电流产生，所以微生物促进了反应中电子的转移，故B正确；C．通过原电池的电极反应可知，负极区产生了H+，根据原电池中阳离子向正极移动，可知质子（H+）通过交换膜从负极区移向正极区，故C正确；D．该反应属于燃料电池，燃料电池的电池反应式和燃烧反应式相同，则电池反应式为C6H12O6+6O2=6CO2+6H2O，故D正确；故选A．点评：本题考查化学电源新型电池，为高频考点，正确判断电解质溶液酸碱性是解本题关键，所有原电池中都是负极上失电子发生氧化反应、正极上得电子发生还原反应，难点是电极反应式的书写．12．（6分）考点：真题集萃；原子结构与元素的性质．分析：W、X、Y、Z均为的短周期主族元素，原子序数依次增加，且原子核外L电子层的电子数分别为0、5、8、8，则则W是H元素，X是N元素，Y、Z为第三周期元素；它们的最外层电子数之和为18，W最外层电子数是1，X最外层电子数是5，Y、Z 最外层电子数之和是12，且二者都是主族元素，Y原子序数小于Z，则Y是P元素、Z是Cl元素，A．W、X单质都是分子晶体，分子晶体熔沸点与相对分子质量成正比；B．元素的非金属性越强，其简单阴离子的还原性越弱；C．元素的非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强；D．X、Y分别是N、P元素，可能存在磷酸铵、磷酸一氢铵、磷酸二氢铵中．解答：解：W、X、Y、Z均为的短周期主族元素，原子序数依次增加，且原子核外L电子层的电子数分别为0、5、8、8，则则W是H元素，X是N元素，Y、Z为第三周期元素；它们的最外层电子数之和为18，W最外层电子数是1，X最外层电子数是5，Y、Z 最外层电子数之和是12，且二者都是主族元素，Y原子序数小于Z，则Y是P元素、Z是Cl元素，A．H、N元素单质都是分子晶体，分子晶体熔沸点与相对分子质量成正比，氮气相对分子质量大于氢气，所以单质的沸点：W＜X，故A错误；B．元素的非金属性越强，其简单阴离子的还原性越弱，非金属性W＜Z，所以阴离子的还原性：W＞Z，故B正确；C．元素的非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强，非金属性P＜Cl，最高价氧化物的水化物酸性H3PO4＜HClO4，但氧化物的水化物的酸性不一定存在此规律，如磷酸酸性大于次氯酸，故C错误；D．X、Y分别是N、P元素，可能存在磷酸铵、磷酸一氢铵、磷酸二氢铵中，磷酸铵、磷酸一氢铵、磷酸二氢铵都是铵盐，属于离子化合物，故D错误；故选B．点评：本题考查原子结构和元素性质，为高频考点，涉及离子化合物判断、酸性强弱判断、物质熔沸点高低判断、元素周期律等知识点，正确判断元素是解本题关键，结合物质的结构性质解答，易错选项是C．13．（6分）考点：真题集萃；弱电解质在水溶液中的电离平衡．分析：A．相同浓度的一元碱，碱的pH越大其碱性越强；B．弱电解质在水溶液中随着浓度的减小其电离程度增大；C．若两种溶液无限稀释，最终其溶液中c（OH﹣）接近于纯水中c（OH﹣）；D．MOH的碱性强于ROH的碱性，当lg=2时，若两溶液同时升高温度，促进弱电解质电离．解答：解：A．相同浓度的一元碱，碱的pH越大其碱性越强，根据图知，未加水时，相同浓度条件下，MOH的pH大于ROH的pH，说明MOH的电离程度大于ROH，则MOH的碱性强于ROH的碱性，故A正确；B．由图示可以看出ROH为弱碱，弱电解质在水溶液中随着浓度的减小其电离程度增大，b点溶液体积大于a点，所以b点浓度小于a点，则ROH电离程度：b＞a，故B正确；C．若两种溶液无限稀释，最终其溶液中c（OH﹣）接近于纯水中c（OH﹣），所以它们的c（OH﹣）相等，故C正确；D．根据A知，碱性MOH＞ROH，当lg=2时，由于ROH是弱电解质，升高温度能促进ROH的电离，所以c（M+）/c（R+）减小，故D错误；故选D．点评：本题考查弱电解质在水溶液中电离平衡，为高频考点，明确弱电解质电离特点、弱电解质电离程度与溶液浓度关系等知识点是解本题关键，易错选项是C，注意：碱无论任何稀释都不能变为中性溶液或酸性溶液，接近中性时要考虑水的电离，为易错点．二、解答题（共3小题，满分43分）26．（14分）考点：真题集萃；性质实验方案的设计．专题：实验设计题．分析：（1）草酸晶体（H2C2O4•2H2O）无色，熔点为101℃，易溶于水，受热脱水、升华，170℃以上分解，如果草酸受热分解，分解时会产生二氧化碳而使澄清石灰水变浑浊；草酸的钠盐和钾盐易溶于水，而其钙盐难溶于水，B装置温度较低，有冷凝作用，防止干扰实验；（2）①要检验生成CO，在甲组实验后，用浓氢氧化钠除去二氧化碳，用澄清石灰水检验二氧化碳，用碱石灰干燥CO，利用CO的还原性将CO氧化，再利用澄清石灰水检验生成的二氧化碳，用排水法收集CO；H装置中盛放的物质应该具有氧化性，且和CO反应有明显现象发生；②CO具有还原性，其氧化产物是二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊；（3）①要证明草酸酸性大于碳酸，可以利用强酸制取弱酸；②利用酸碱中和滴定酸碱物质的量比确定草酸是二元酸．解答：解：（1）草酸晶体（H2C2O4•2H2O）无色，熔点为101℃，易溶于水，受热脱水、升华，170℃以上分解，如果草酸受热分解，分解时会产生二氧化碳，二氧化碳和氢氧化钙反应生成难溶性的碳酸钙沉淀而使澄清石灰水变浑浊，所以C中观察到的现象是：有气泡冒出且澄清石灰水变浑浊，说明有二氧化碳生成；草酸的钠盐和钾盐易溶于水，而其钙盐难溶于水，草酸易挥发，导致生成的气体中含有草酸，草酸和氢氧化钙反应生成难溶性的草酸钙而干扰二氧化碳的检验，B装置温度较低，有冷凝作用，防止干扰二氧化碳的检验，故答案为：有气泡冒出，澄清石灰水变浑浊；CO2；冷凝（水蒸气和草酸），防止草酸进入装置C反应生成沉淀而干扰CO2的检验；（2）①要检验生成CO，在甲组实验后，用浓氢氧化钠除去二氧化碳，用澄清石灰水检验二氧化碳，用碱石灰干燥CO，利用CO和CuO发生还原反应生成CO2，再利用澄清石灰水检验生成的二氧化碳，用排水法收集CO避免环境污染，所以其连接顺序是F、D、G、H、D、I；H装置中盛放的物质应该具有氧化性，且和CO反应有明显现象发生，CuO能被CO还原且反应过程中黑色固体变为红色，现象明显，所以H中盛放的物质是CuO，故答案为：F、D、G、H、D、I；CuO；②CO具有还原性，其氧化产物是二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，且CO将黑色的CuO还原为红色的Cu，只要H中黑色固体转化为红色且其后的D装置溶液变浑浊就说明含有CO，故答案为：H中黑色粉末变为红色，其后的D中澄清石灰水变浑浊；（3）①要证明草酸酸性大于碳酸，可以利用强酸制取弱酸，向盛有少量NaHCO3的试管里滴加草酸溶液，有气泡产生就说明草酸酸性大于碳酸，故答案为：向盛有少量NaHCO3的试管里滴加草酸溶液，有气泡产生就说明草酸酸性大于碳酸；②草酸和NaOH发生中和反应时，如果草酸是二元酸，则参加反应的草酸物质的量应该是NaOH的一半，所以用NaOH标准溶液滴定草酸溶液，消耗NaOH的物质的量是草酸的2倍就说明草酸是二元酸，故答案为：用NaOH标准溶液滴定草酸溶液，消耗NaOH的物质的量是草酸的2倍．点评：本题考查性质实验方案设计，侧重考查学生知识综合应用、实验基本操作能力及实验方案设计能力，综合性较强，难点是排列实验先后顺序，根据实验目的及物质的性质进行排列顺序，注意要排除其它因素干扰，难度较大．27．（14分）考点：真题集萃；物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用．分析：以铁硼矿（主要成分为Mg2B2O5•H2O和Fe3O4，还有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）为原料制备硼酸（H3BO3），由流程可知，加硫酸溶解只有SiO2不溶，CaO转化为不溶于水的CaSO4，“净化除杂”需先加H2O2溶液，将亚铁离子转化为铁离子，调节溶液的pH约为5，使铁离子、铝离子均转化为沉淀，则滤渣为氢氧化铝、氢氧化铁，然后蒸发浓缩、冷却结晶、过滤分离出H3BO3，以此来解答．解答：解：以铁硼矿（主要成分为Mg2B2O5•H2O和Fe3O4，还有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）为原料制备硼酸（H3BO3），由流程可知，加硫酸溶解只有SiO2不溶，CaO转化为不溶于水的CaSO4，“净化除杂”需先加H2O2溶液，将亚铁离子转化为铁离子，调节溶液的pH约为5，使铁离子、铝离子均转化为沉淀，则滤渣为氢氧化铝、氢氧化铁，然后蒸发浓缩、冷却结晶、过滤分离出H3BO3，（1）Mg2B2O5•H2O与硫酸反应的化学方程式Mg2B2O5•H2O+2H2SO42H3BO3+2MgSO4，为提高浸出速率，除适当增加硫酸浓度浓度外，还可采取的措施有提高反应温度或减小铁硼矿粉粒径等，故答案为：Mg2B2O5•H2O+2H2SO42H3BO3+2MgSO4；提高反应温度或减小铁硼矿粉粒径；（2）利用Fe3O4的磁性，可将其从“浸渣”中分离．“浸渣”中还剩余的物质是SiO2、CaSO4，故答案为：Fe3O4；SiO2、CaSO4；（3）“净化除杂”需先加H2O2溶液，作用是将亚铁离子氧化为铁离子．然后在调节溶液的pH约为5，目的是使铁离子、铝离子形成氢氧化物沉淀而除去，故答案为：将亚铁离子氧化为铁离子；使铁离子、铝离子形成氢氧化物沉淀而除去；（4）最后浓缩结晶时硫酸镁易结合水以晶体析出，则“粗硼酸”中的主要杂质是七水硫酸镁，故答案为：七水硫酸镁；（5）NaBH4为离子化合物，含离子键、共价键，其电子式为，故答案为：；（6）以硼酸和金属镁为原料可制备单质硼的化学方程式为2H3BO3B2O3+3H2O、B2O3+3Mg2B+3MgO，故答案为：2H3BO3B2O3+3H2O、B2O3+3Mg2B+3MgO．点评：本题考查混合物分离提纯的综合应用，为高频考点，为2015年高考真题，把握实验流程及发生的反应、混合物分离提纯方法为解答的关键，侧重分析与实验能力的综合考查，题目难度中等．28．（15分）考点：真题集萃；化学平衡的影响因素；化学平衡的计算；难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质．分析：（1）海藻中的氮元素以碘化物形式存在，反应中I元素发生氧化反应，Mn元素被还原，还原产物应为硫酸锰；（2）当AgCl开始沉淀时，说明溶液中的c（I﹣）和c（Cl﹣）均已达到饱和状态，因此可以根据溶度积表达式进行计算，溶液中=；（3）正反应为吸热反应，化学键断裂时需吸收的能量﹣化学键生成时需放出的能量=反应吸收的热量；（4）①表中第一列，由HI分解建立平衡，表中第二列向逆反应进行建立平衡，由第一列数据可知，平衡时HI物质的量分数为0.784，则氢气、碘蒸汽总物质的量分数为1﹣0.784=0.216，而氢气、与碘蒸汽物质的量分数相等均为0.108，反应前后气体体积不变，用物质的量分数代替浓度代入平衡常数表达式K=计算；②到达平衡时，正、逆反应速率相等，结合平衡常数表达式，可知k逆的表达式；在t=40min时，x（HI）=0.85，代入正反应速率表达式v正=k正x2（HI）计算；③升高温度，正、逆反应速率均加快，正反应为吸热反应，升高温度，平衡向吸热反应方向移动，正反应建立平衡，平衡时HI的物质的量分数减小，逆反应建立平衡，平衡时H2的物质的量分数增大．解答：解：（1）海藻中的氮元素以碘化物形式存在，反应中I元素发生氧化反应，Mn元素被还原，还原产物应为硫酸锰，故答案为：MnSO4；（2）当AgCl开始沉淀时，说明溶液中的c（I﹣）和c（Cl﹣）均已达到饱和状态，因此可以根据溶度积表达式进行计算，溶液中===4.7×10﹣7，故答案为：4.7×10﹣7；（3）设1molHI（g）分子中化学键断裂时需吸收的能量为x kJ，则：2x kJ﹣436kJ ﹣151kJ=11kJ，解得x=299，故答案为：299kJ；（4）①表中第一列，由HI分解建立平衡，表中第二列向逆反应进行建立平衡，由第一列数据可知，平衡时HI物质的量分数为0.784，则氢气、碘蒸汽总物质的量分数为1﹣0.784=0.216，而氢气、与碘蒸汽物质的量分数相等均为0.108，反应前后气体体积不变，用物质的量分数代替浓度计算平衡常数，则平衡常数K==，故答案为：；②到达平衡时，正、逆反应速率相等，则k正x2（HI）=k逆x（H2）x（I2），则k逆。

2015年高考化学真题分类汇编：专题19 物质结构与性质(选修).pdf

1．【2015新课标Ⅰ卷理综化学】[化学——选修3：物质结构与性质] 碳及其化合物广泛存在于自然界中，回答下列问题：（1）处于一定空间运动状态的电子在原子核外出现的概率密度分布可用形象化描述。

在基态原子中，核外存在对自旋相反的电子。

（2）碳在形成化合物时，其键型以共价键为主，原因是。

（3）CS2分子中，共价键的类型有，C原子的杂化轨道类型是，写出两个与CS2具有相同空间构型和键合形式的分子或离子。

（4）CO能与金属Fe形成Fe(CO)5，该化合物的熔点为253K，沸点为376K，其固体属于晶体。

（5）碳有多种同素异形体，其中石墨烯与金刚石的晶体结构如图所示：石墨烯晶体金刚石晶体 ①在石墨烯晶体中，每个C原子连接个六元环，每个六元环占有个C原子。

②在金刚石晶体中，C原子所连接的最小环也为六元环，每个C原子连接个六元环，六元环中最多有个C原子在同一平面。

【答案】（1）电子云 2 （2）C有4个价电子且半径较小，难以通过得或失电子达到稳定电子结构（3）σ键和π键 sp CO2、SCN- （4）分子（5）①3 2 ②12 4 【考点定位】考查物质结构与性质的应用、化学键类型的判断、晶胞的计算；试题难度为较难等级。

【名师点晴】（5）问中的晶体结构，石墨烯晶体相对简单，使用均分法即可得解。

金刚石晶体结构复杂，这里说明一下。

大家看一下晶体结构示意图（我找了一幅图并处理了一下），有些图形信息在局部图形中看不到：选定一个目标碳原子（图中箭头所指），注意到这个碳原子有四个共价键呈四面体伸展，两两组合成六个角。

按理说六个角只对应六个六元环，但大家仔细看右图，红、蓝两色的六元环共同一个夹角。

故可推知：每个碳原子连接有2×6=12个六元环。

右图晶体结构中可以分离出一个小结构（下图左），可以观察其中某一个六元环（下图右）。

注意到六元环虽不是平面结构，但它是由三组平行线构成。

2017年-2019年高考真题汇编：物质结构与性质(选修) (附答案+全解全析)

2017年-2019年高考真题汇编：物质结构与性质（选修）1．[2019新课标Ⅰ] 在普通铝中加入少量Cu和Mg后，形成一种称为拉维斯相的MgCu2微小晶粒，其分散在Al中可使得铝材的硬度增加、延展性减小，形成所谓“坚铝”，是制造飞机的主要村料。

回答下列问题：（1）下列状态的镁中，电离最外层一个电子所需能量最大的是(填标号)。

A．B．C．D．（2）乙二胺(H2NCH2CH2NH2)是一种有机化合物，分子中氮、碳的杂化类型分别是、。

乙二胺能与Mg2+、Cu2+等金属离子形成稳定环状离子，其原因是，其中与乙二胺形成的化合物稳定性相对较高的是(填“Mg2+”或“Cu2+”)。

（3）一些氧化物的熔点如下表所示：氧化物Li2O MgO P4O6SO2熔点/°C 1570 2800 23.8 −75.5 解释表中氧化物之间熔点差异的原因。

（4）图(a)是MgCu2的拉维斯结构，Mg以金刚石方式堆积，八面体空隙和半数的四面体空隙中，填入以四面体方式排列的Cu。

图(b)是沿立方格子对角面取得的截图。

可见，Cu原子之间最短距离x=pm，Mg原子之间最短距离y= pm。

设阿伏加德罗常数的值为N A，则MgCu2的密度是g·cm−3(列出计算表达式)。

2．[2019新课标Ⅱ] 近年来我国科学家发现了一系列意义重大的铁系超导材料，其中一类为Fe−Sm−As−F−O 组成的化合物。

回答下列问题：（1）元素As与N同族。

预测As的氢化物分子的立体结构为_______，其沸点比NH3的_______（填“高”或“低”），其判断理由是________________________。

（2）Fe成为阳离子时首先失去______轨道电子，Sm的价层电子排布式为4f66s2，Sm3+的价层电子排布式为______________________。

（3）比较离子半径：F−__________O2−（填“大于”等于”或“小于”）。

高中化学化学物质的结构与性质专项训练试题及解析

高中化学化学物质的结构与性质专项训练试题及解析一、物质的结构与性质的综合性考察1．2020年，自修复材料、自适应材料、新型传感材料等智能材料技术将大量涌现，为生物医疗、国防军事以及航空航天等领域发展提供支撑。

（1）我国科研工作者基于丁二酮肟氨酯基团的多重反应性，研制了一种强韧、自愈的超级防护材料，其中的分子机制如图所示。

Cu在元素周期表中位于_____区，M层中核外电子能量最高的电子云在空间有_____个伸展方向。

C、N、O第一电离能由大到小的顺序为_____________（2）氧化石墨烯基水凝胶是一类新型复合材料，对氧化石墨烯进行还原可得到还原氧化石墨烯，二者的结构如图所示：还原石墨烯中碳原子的杂化形式是______，上图中氧化石墨烯转化为还原石墨烯时，1号C 与其相邻 C原子间键能的变化是_____________（填“变大”、“变小”或“不变”），二者当中在水溶液中溶解度更大的是____________ （填物质名称），原因为__________________（3）砷化硼是近期受到广泛关注一种III—V半导体材料。

砷化硼为立方晶系晶体，该晶胞中原子的分数坐标为：B：（0，0，0）；（，，0）；（，0，）；（0，，）；……As：（，，）；（，，）；（，，）；（，，）请在图中画出砷化硼晶胞的俯视图．．．．．．．．．．．___________，已知晶体密度为dg/cm3，As半径为a pm，假设As、B原子相切，则B原子的半径为_________pm（写计算表达式）。

2．物质的组成与结构决定了物质的性质与变化。

回答下列问题：（1）基态铁原子简化的电子排布式为[Ar]___。

（2）硫酸镍溶于氨水形成[Ni(NH3)6]SO4蓝色溶液。

①[Ni(NH3)6]SO4中阴离子的立体构型是___。

②在[Ni(NH3)6]2+中Ni2+与NH3之间形成的化学键称为___，提供孤电子对的成键原子是___。

2015年人教版高三考点23 物质结构与性质(选修) Word版含答案

考点23 物质结构与性质（选修）1.（2013·上海化学·13）X、Y、Z、W是短周期元素，X元素原子的最外层未达到8电子稳定结构，工业上通过分离液态空气获得其单质；Y元素原子最外电子层上s、p电子数相等；Z元素+2价阳离子的核外电子排布与氖原子相同；W元素原子的M层有1个未成对的p电子。

下列有关这些元素性质的说法一定正确的是A.X元素的氢化物的水溶液显碱性B.Z元素的离子半径大于W元素的离子半径C.Z元素的单质在一定条件下能与X元素的单质反应D.Y元素最高价氧化物的晶体具有很高的熔点和沸点【答案】C【解析】根据题意，Z元素为Mg，Y元素原子最外电子电子排布为ns2np2,是C或Si，X为N或O，W 为Al或Cl，N的氢化物的水溶液显碱性，但O的氢化物的水溶液显中性或弱酸性，A错误，Al3+的半径比Mg2+小，B错误；氮气、氧气均能与镁反应，C正确；CO2形成的晶体熔沸点低，D错误。

【考点定位】本题考查物质结构和元素周期律。

2.（2013·海南化学·19I）（6分）下列化合物中，含有非极性共价键的离子化合物是A．CaC2B．N2H4C．Na2S2D．NH4NO3[答案]AC[解析]：略。

3.（2013·上海化学·4）下列变化需克服相同类型作用力的是A.碘和干冰的升华B.硅和C60的熔化C.氯化氢和氯化钾的溶解D.溴和汞的气化【答案】A【解析】A项变化客服的都是分子间力，正确，硅和C50的融化分别克服的都是共价键，分子间力，B项错误，氯化氢和氯化钾的溶解分别克服的都是共价键，离子键，C项错误，溴和汞的气化分别克服的都是分子间力金属键，D项错误，4.（2013·上海化学·5）374℃、22.1Mpa以上的超临界水具有很强的溶解有机物的能力，并含有较多的H+和OH-，由此可知超临界水A.显中性，pH等于7B.表现出非极性溶剂的特性C.显酸性，pH小于7D.表现出极性溶剂的特性【答案】B【解析】超临界水任然呈中性，ＡＣ项错误根据相似相容的原理可以知道Ｂ正确（有机物大多数是非极性分子）Ｄ错误。

2015年高考真题——理综化学(山东卷) 已整理含解析

2015年山东卷理综化学部分7、(2015·山东卷)进行化学实验时应强化安全意识。

下列做法正确的是( )A ．金属钠着火时使用泡沫灭火器灭火B ．用试管加热碳酸氢钠固体时使试管口竖直向上C ．浓硫酸溅到皮肤上时立即用稀氢氧化钠溶液冲洗D ．制备乙烯时向乙醇和浓硫酸的混合液中加入碎瓷片8、(2015·山东卷)短周期元素X 、Y 、Z 、W 在元素周期表中的相对位置如图所示。

已知YW 的原子充数之和是Z 的3倍，下列说法正确的是( )A ．原子半径：X<Y<ZB ．气态氢化物的稳定性：X>ZC ．Z 、W 均可与Mg 形成离子化合物D ．最高价氧化物对应水化物的酸性：Y>W9、(2015·山东卷)分枝酸可用于生化研究。

其结构简式如图。

下列关于分枝酸的叙述正确的是()A ．分子中含有2种官能团B ．可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同C ．1mol 分枝酸最多可与3molNaOH 发生中和反应D ．可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同10、(2015·山东卷)某化合物由两种单质直接反应生成，将其加入BaHCO 3溶液中同时有气体和沉淀产生。

下列化合物中符合上述条件的是( )A ．AlCl 3B ．Na 2OC ．FeCl 2D ．SiO 2 11、(2015·山东卷)下列由实验现象得出的结论正确的是( )操作及现象结论 A向AgCl 悬浊液中加入NaI 溶液时出现黄色沉淀 Ksp(AgCl)< Ksp(AgI) B向某溶液中滴加氯水后再加入KSCN 溶液，溶液呈红色溶液中一定含有Fe 2+ C向NaBr 溶液中滴入少量氯水和苯，振荡、静置，溶液上层呈橙红色 Br —还原性强于Cl — D 加热盛有NH 4Cl 固体的试管，试管底部固体消失，试管口有晶体凝结 NH 4Cl 固体可以升华A ．向稀HNO 3中滴加Na 2SO 3溶液：SO 32—+2H +=SO 2↑+H 2OB ．向Na 2SiO 3溶液中通入过量SO 2：SiO 32—+ SO 2+ H 2O=H 2SiO 3↓+SO 32—C ．向Al 2(SO 4)3溶液中加入过量的NH 3·H 2O ：Al 3 ++4 NH 3·H 2O=[Al(OH)4]—+4NH 4+D ．向CuSO 4溶液中加入Na 2O 2：2 Na 2O 2+2Cu 2++2H 2O=4Na ++2Cu(OH)2↓+O 2↑13、(2015·山东卷)室温下向10mL0.1 mol·L －1NaOH 溶液中加入0.1 mol·L－1的一元酸HA 溶液pH 的变化曲线如图所示。

【2016_2018三年高考真题分类汇编】化学专题19 物质结构与性质(选修) 教师版

专题十九物质结构与性质(选修)考纲解读真题链接1．【2018新课标1卷11】Li是最轻的固体金属，采用Li作为负极材料的电池具有小而轻、能量密度大等优良性能，得到广泛应用。

回答下列问题：(1)下列Li原子电子排布图表示的状态中，能量最低和最高的分别为_____、_____(填标号)。

A．B．C．D．(2)Li+与H−具有相同的电子构型，r(Li+)小于r(H−)，原因是______。

(3)LiAlH4是有机合成中常用的还原剂，LiAlH4中的阴离子空间构型是______、中心原子的杂化形式为______。

LiAlH4中，存在_____(填标号)。

A．离子键B．σ键C．π键D．氢键(4)Li2O是离子晶体，其晶格能可通过图(a)的Born−Haber循环计算得到。

可知，Li原子的第一电离能为________kJ·mol−1，O=O键键能为______kJ·mol−1，Li2O晶格能为______kJ·mol−1。

(5)Li2O具有反萤石结构，晶胞如图(b)所示。

已知晶胞参数为0.4665 nm，阿伏加德罗常数的值为N A，则Li2O的密度为______g·cm−3(列出计算式)。

【答案】(1)D C (2)Li+核电荷数较大(3)正四面体sp3AB(4)520 498 2908 (5)【解析】(1)根据核外电子排布规律可知Li的基态核外电子排布式为1s22s1，则D中能量最低；选项C中有2个电子处于2p能级上，能量最高；(2)由于锂的核电荷数较大，原子核对最外层电子的吸引力较大，因此Li＋半径小于H－；(3)LiAlH4中的离子是AlH4－，中心原子铝原子含有的价层电子对数是4，且不存在孤对电子，所以空间构型是正四面体，中心原子的杂化轨道类型是sp3杂化；阴阳离子间存在离子键，Al与H之间还有共价单键，不存在双键和氢键，答案选AB；(4)第一电离能是气态电中性基态原子失去一个电子转化为气态基态正离子所需要的最低能量，根据示意图可知Li原子的第一电离能是1040 kJ/mol÷2＝520 kJ/mol；0.5mol氧气转化为氧原子时吸热是249 kJ，所以O＝O键能是249 kJ/mol×2＝498 kJ/mol；晶格能是气态离子形成1摩尔离子晶体释放的能量，根据示意图可知Li2O的晶格能是2908 kJ/mol；(5)根据晶胞结构可知锂全部在晶胞中，共计是8个，根据化学式可知氧原子个数是4个，则Li2O的密度是。

2015届高考化学真题分类解析选修3物质结构与性质word精析版全解

（选修3) 物质结构与性质一、选择题1.(2015·安徽高考·7)碳酸亚乙烯酯是锂离子电池低温电解液的重要添加剂,其结构如下图。

下列有关该物质的说法正确的是( )A.分子式为C3H2O3B.分子中含6个σ键C.分子中只有极性键D.8.6 g该物质完全燃烧得到6.72 L CO2【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)极性键是不同种原子间形成的共价键,非极性键是同种原子间形成的共价键;(2)σ键是电子云头对头重叠,π键是电子云肩并肩重叠。

【解析】选A。

根据该物质的结构知其分子式为C3H2O3,A正确;碳碳双键或碳氧双键均含1个σ键和1个π键,单键全部是σ键,该物质含1个C O键、1个C C键、4个C—O键,2个C—H键,共8个σ键,B错误;同种原子形成的共价键是非极性键,即C C键是非极性键,C错误;由于没有给出气体所处的外界条件,不能求算CO2的体积,D错误。

【误区提醒】涉及气体体积的计算,一定要看外界条件,若没有给出外界条件则无法根据物质的量或质量求算气体的体积。

2.(2015·四川高考·5)设N A为阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是( )A.2.0 g错误！未找到引用源。

O与D2O的混合物中所含中子数为N AB.常温常压下4.4 g乙醛所含σ键数目为0.7N AC.标准状况下,5.6 L CO2与足量Na2O2反应转移的电子数为0.5N AD.50 mL 12 mol·L-1盐酸与足量MnO2共热,转移的电子数为0.3N A【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)氧化还原反应中转移电子的物质的量是指失去电子或者得到电子的物质的量;(2)根据两原子间化学键的数目可以判断化学键的类型。

【解析】选A。

A选项中,错误！未找到引用源。

O与D2O的相对分子质量均为20,中子数均为10,因此2.0 g 该混合物中所含中子数为N A;B选项中,1个乙醛分子中存在的4个C—H键、1个C—C键是σ键,而C O键中的1个键是σ键,另一个键是π键,所以4.4 g乙醛即0.1 mol的乙醛中应含有0.6 mol的σ键,即σ键个数为0.6N A;C选项中,CO2与Na2O2发生如下反应:2Na2O2+2CO22Na2CO3+O2↑,标准状况下5.6 L即0.25 mol CO2应转移0.25 mol电子,即转移电子数为0.25N A;D选项中,随着反应进行,盐酸的浓度下降,当达到一定的程度便不再反应,故转移的电子数无法达到0.3N A。

高考化学真题分项解析《有机化学结构与性质》试题

目夺市安危阳光实验学校专题17：有机化学结构与性质1．【2015新课标Ⅱ卷理综化学】某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol羧酸和2mol乙醇，该羧酸的分子式为（）A．C14H18O5 B．C14H16O4 C．C14H22O5 D．C14H10O5【答案】A2．【2015新课标Ⅱ卷理综化学】分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有(不含立体异构) （）A．3种 B．4种 C．5种 D．6种【答案】B【解析】分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体，这说明该有机物是饱和的一元羧酸，即分子组成为C4H9—COOH，丁基有4种，分别是CH3CH2CH2CH2—、(CH3)2CHCH2—、(CH3)3C—、CH3CH2CH(CH3)—，所以该羧酸也有4种，答案选B。

【考点定位】本题主要是考查有机物同分异构体种类判断，侧重于碳链异构体的考查。

【名师点晴】该题的关键是熟悉常见官能团的结构与性质，准确判断出有机物的属类，依据碳链异构体的书写方法逐一分析判断即可，旨在考查学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力。

3．【2015浙江理综化学】下列说法不正确．．．的是（）A．己烷有4种同分异构体，它们的熔点、沸点各不相同B．在一定条件下，苯与液溴、硝酸、硫酸作用生成溴苯、硝基苯、苯磺酸的反应都属于取代反应C．油脂皂化反应得到高级脂肪酸盐与甘油D．聚合物(—[CH2—CH2—CH—｜CH3CH2—]n)可由单体CH3CH＝CH2和CH2＝CH2加聚制得【答案】A4．【2015重庆理综化学】某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如下反应制备：下列叙述错误．．的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体【答案】B 【解析】A. X、Z中有酚羟基，能与浓溴水发生取代反应，Y中有碳碳双键，能与溴水发生加成反应，它们均能使溴水褪色，A正确；B.酚羟基的酸性比碳酸弱，不能与NaHCO3溶液反应放出CO2，B错误；C.Y中有碳碳双键，能发生加成反应，有苯环，能发生取代反应，C正确；D.Y有碳碳双键，能发生类似聚乙烯的加聚反应，Y中也有酚羟基，能发生类似酚醛树脂的缩聚反应，D正确；答案选B。

2022年高考化学真题分类汇编专题19 物质结构与性质(选修)

1．选修3——物质结构与性质]19–Ⅰ【2022年高考海南卷】（6分）下列叙述正确的有A ．第四周期元素中，锰原子价电子层中未成对电子数最多B ．其次周期主族元素的原子半径随核电荷数增大依次减小C ．卤素氢化物中，HCl 的沸点最低的缘由是其分子间的范德华力最小【答案】19-Ⅰ BC （6分）考点：原子结构、元素周期律【名师点睛】本题考查了物质的性质，知道范德华力主要影响物质的物理性质（如熔点、沸点、溶解性等）。

（1）对于组成和结构相像的分子，其相对分子质量越大,范德华力越大,物质的溶、沸点越高。

（2）溶质分子与溶剂分子间的范德华力越大，则溶质分子的溶解度越大。

中学所学化学键主要是三个：共价键、离子键、金属键。

化学键对物质的物理性质和化学性质均有影响，主要对化学性质有影响。

2．【2022年高考海南卷】（14分）M 是第四周期元素，最外层只有1个电子，次外层的全部原子轨道均布满电子。

元素Y 的负一价离子的最外层电子数与次外层的相同。

回答下列问题：（1）单质M 的晶体类型为______，晶体中原子间通过_____作用形成面心立方密积累，其中M 原子的配位数为______。

（2）元素Y 基态原子的核外电子排布式为________，其同周期元素中，第一电离能最大的是______（写元素符号）。

元素Y 的含氧酸中，酸性最强的是________（写化学式），该酸根离子的立体构型为________。

（3）M 与Y 形成的一种化合物的立方晶胞如图所示。

①该化合物的化学式为_______，已知晶胞参数a =0.542 nm ，此晶体的密度为_______g·cm –3。

（写出计算式，不要求计算结果。

阿伏加德罗常数为N A ）②该化合物难溶于水但易溶于氨水，其缘由是________。

此化合物的氨水溶液遇到空气则被氧化为深蓝色，深蓝色溶液中阳离子的化学式为_______。

【答案】19-Ⅱ （14分）（1）金属晶体金属键 12 （每空1分，共3分）（2）1s 22s 22p 63s 23p 5 Ar HClO 4 正四周体（每空1分，共4分）（3）①CuCl（每空2分，共4分）②Cu +可与氨形成易溶于水的配位化合物（或配离子） Cu(NH 3)4]2+ (2分，1分，共3分)（3）①依据晶胞结构利用切割法分析，每个晶胞中含有铜原子个数为8×1/8+6×1/2=4，氯原子个数为4，该化合物的化学式为CuCl ；则1mol晶胞中含有4mol CuCl，1mol晶胞的质量为4×99.5g，又晶胞参数a=0.542 nm，此晶体的密度为g·cm–3。

2015年高考化学真题分类汇编N单元物质结构与性质

化学高考题分类目录N单元物质结构与性质N1 原子结构与元素的性质31．N1、N2、N3、N4、N5[2015·福建卷] [化学——物质结构与性质] 科学家正在研究温室气体CH4和CO2的转化和利用。

(1)CH4和CO2所含的三种元素电负性从小到大的顺序为______________。

(2)下列关于CH4和CO2的说法正确的是______(填序号)。

a．固态CO2属于分子晶体b. CH4分子中含有极性共价键，是极性分子c．因为碳氢键键能小于碳氧键，所以CH4熔点低于CO2d. CH4和CO2分子中碳原子的杂化类型分别是sp3和sp(3)在Ni基催化剂作用下，CH4和CO2反应可获得化工原料CO和H2。

①基态Ni原子的电子排布式为________________，该元素位于元素周期表中的第________族。

②Ni能与CO形成正四面体形的配合物Ni(CO)4，1 mol Ni(CO)4中含有________mol σ键。

(4)一定条件下，CH4、CO2都能与H2O形成笼状结构(如图所示)的水合物晶体，其相关参数见下表。

CH4与H2O形成的水合物晶体俗称“可燃冰”。

图0①“可燃冰”中分子间存在的2种作用力是________。

②为开采深海海底的“可燃冰”，有科学家提出用CO2置换CH4的设想。

已知上图中笼状结构的空腔直径为0.586 nm，根据上述图表，从物质结构及性质的角度分析，该设想的依据是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。

31．(1)H、C、O(2)a、d(3)①1s22s22p63s23p63d84s2或[Ar]3d84s2Ⅷ②8(4)①氢键、范德华力②CO2的分子直径小于笼状结构空腔直径，且与H2O的结合能大于CH4 [解析] (1)元素的非金属性越强，其电负性越大，故三种元素中氧的电负性最大，氢的电负性最小，因此电负性从小到大的顺序为H、C、O。

高考化学专题复习物质的组成结构和性质的关系(含解析)

高考化学专题复习物质的组成结构和性质的关系（含解析）一、单项选择题1.以下有关物质用途的说法中，不正确的选项是〔〕A.乙酸可以做调味剂B.油脂可用来制造肥皂C.乙烯可用作水果催熟剂D.工业酒精可用于勾兑白酒2.以下说法不正确的选项是〔〕A.可用氢氟酸刻蚀玻璃B.硅胶可作食品枯燥剂C.硅酸钠可作木材防火剂D.二氧化硅可作太阳能电池板3.以下生活中罕见的变化中，均属于化学变化的一组是〔〕A.工业制氧、钢铁生锈B.石蜡熔化、干冰升华C.粮食酿酒、烟花燃放D.汽油挥发、云消雾散4.〝酒驾〞是以后抢手话题之一．喝酒不开车，开车不喝酒．酒后驾驶是一种违法行为，交通巡警反省驾驶员能否饮酒的仪器里装有重铬酸钾〔化学式为K2Cr2O7〕．以下关于重铬酸钾的说法正确的选项是〔〕A.它是氧化物B.含有K、Cr、O三种元素C.钾、铬、氧三种元素的质量比为39：52：112D.重铬酸钾是由2个钾原子、2个铬原子、7个氧原子构成5.以下说法正确的选项是〔〕A.氯气是一种紫色重要的化工原料B.钠和钾的合金在常温下是固体C.用二氧化硅具有很强的导光才干，可用于制造光缆D.发酵粉中含有碳酸钠，能使焙制出的糕点疏松多孔6.化学无处不在，与化学有关的说法不正确的选项是〔〕A.绚丽绚丽的烟花中能够添加了含钾、钠、钙、铜等某些金属元素的物质B.回收废弃塑料制成燃油替代汽油、柴油，可减轻环境污染和浪费化石动力C.为防止电池中的重金属等污染土壤和水体，应积极开友废电池的综合应用技术D.生铁炼钢时必需完全除去生铁中的碳，以防止因钢铁中含有碳而发作电化学腐蚀7.化学在消费和日常生活中有着重要的运用．以下说法不正确的选项是〔〕A.明矾水解构成的Al〔OH〕3胶体能吸附水中悬浮物，可用于水的污染B.在海轮外壳上镶入锌块，可减缓船体的腐蚀速率C.MgO的熔点很高，可用于制造耐高温资料D.光导纤维属于硅酸盐产品8.碳的两种同素异形体金刚石和石墨晶体结构如图〔石墨晶体中是由一个个正六边形组成的片层结构，层与层之间靠微弱的范德华力结合〕以下说法正确的选项是〔〕金刚石石墨A.现代科技曾经完成了石墨制取金刚石，该进程属于化学变化B.相反质量的金刚石与石墨晶体中，所含共价键数相反C.估量金刚石与石墨的熔沸点均较高，硬度均较大D.依据：C(金刚石,s)＋O2(g)===CO2(g)ΔH＝－395.41 kJ•mol－19.以下现象或理想可用同一原了解释的是〔〕A.浓硫酸和浓盐酸临时暴露在空气中浓度降低B.氯水和活性炭使红墨水褪色C.漂白粉和钠临时暴露在空气中蜕变D.氯水和过氧化钠使品红褪色10.工业酒精和用粮食发酵发生的酒精的成分不完全相反．严禁用工业酒精勾兑食用酒，否那么会使人双目失明甚至死亡．工业酒精中的有毒成分是〔〕A.CH3CH2OHB.CH3COOC2H5C.CH3OHD.CH3COOCH311.以下有关物质的性质和用途的描画均正确的选项是〔〕A.二氧化锰具有强氧化性．能将双氧水氧化为氧气B.铜的金属活动性比铝弱，可用铜罐替代铝罐贮运浓硝酸C.炭具有恢复性，可用炭在高温下将二氧化硅恢复为硅D.汽油是罕见的无机溶剂，可以用裂化汽油来萃取溴水中的溴12.某地村民饮用井水，但暴雨事先井水混浊，无法饮用．你以为他们应该向井水中最好投入以下中的〔〕A.FeCl3B.Na2CO3C.KAl〔SO4〕2•12H2OD.CuSO413.以下关于物质的用途正确的选项是〔〕A.在医疗上碳酸钠、Al〔OH〕3均可用于治疗胃酸过多B.天然刚玉的熔点很高，可用作初级耐火资料，其主要成分是SiO2C.水玻璃可用于消费粘合剂和防火剂D.自来水中参与大批明矾，水解生成Al〔OH〕3胶体可以起到杀菌消毒的作用14.现代的很多成语、谚语都包括着很多迷信知识，以下对成语、谚语的解释正确的选项是〔〕A.〝冰，水为之，而寒于水〞说明相反质量和温度的水和冰，冰的能量高B.〝玉不琢不成器〞，〝百炼方能成钢〞发作的均为化学变化C.〝爆竹声中除旧岁，春风送暖入屠苏〞爆竹爆炸发作的是分解反响D.〝火树银花〞中的焰火实质上是金属元素的焰色反响二、多项选择题15.化学与人类消费、生活、社会可继续开展亲密相关，以下说法错误的选项是〔〕A.为防止中秋月饼等富脂食品氧化蜕变，常在包装袋中放入硅胶B.〝天宫一号〞中运用的碳纤维，是一种新型无机非金属资料C.二氧化硅可用于光纤通讯、单晶硅可用于光电转换D.淀粉、油脂和蛋白质都是高分子化合物16.化学与消费、生活、科技等亲密相关，以下说法正确的选项是〔〕A.石油裂解的目的是提高柴油等轻质油的产量和质量B.〝神州七号〞的防护层中含聚四氟乙烯，聚四氟乙烯属于不饱和烃C.用CO2分解聚碳酸酯可降解塑料，可以完成〝碳〞的循环应用D.煤经气化和液化两个化学变化进程，可变为清洁动力17.化学与生活毫不相关．以下表达正确的选项是〔〕A.鲜榨橙汁遇到碘水会变蓝B.馒头越嚼越甜C.油脂经碱性水解可制得肥皂D.土豆中的淀粉经水解可变成酒18.元素的原子结构决议其性质和在周期表中的位置，以下说法正确的选项是〔〕A.元素周期表中位于金属和非金属分界限左近的元素过渡元素B.氯化氢和氯化钠溶于水需克制相反类型的作用力C.Ba〔OH〕2的碱性比Mg〔OH〕2的碱性强D.离子半径：O2﹣＞Na+19.以下有关物质的性质与用途具有对应关系的是〔〕A.漂白粉在空气中不动摇，可用于漂白纸张B.氨气具有恢复性，可用作制冷剂C.Na2O2呈浅黄色，可用作潜水艇中的供氧剂D.氧化铝的熔点高，可用于制造耐火资料20.化学与迷信、技术、社会、环境亲密相关，以下说法正确的选项是〔〕A.研制乙醇汽油技术，可以降低机动车尾气中有害气体的排放B.结合制碱法消费纯碱时，在饱和食盐水中先通入二氧化碳，再通入氨气C.接触法制备硫酸的进程中，在吸收塔内是用少量的水吸收三氧化硫D.工业上经过电解熔融氧化铝制备金属铝时，经常参与冰晶石作助熔剂三、填空题21.世界是物质的，物质是由各种化学元素组成的，请你写出以下物质的化学式：〔1〕〝西气东输〞工程中保送的气体是________；〔2〕水银不是银，是一种金属的俗称，这种金属是________；〔3〕既可用来消毒杀菌，又可用来改良酸性土壤的碱是________；〔4〕氧元素的质量分数最多的氧化物是________22.用化学用语表示：〔1〕自然界最硬的物质________；〔2〕碘酒中的溶剂________；〔3〕第13号元素构成的离子________23.ⅥA族元素氧、硫、硒〔Se〕的化合物在研讨和消费中有许多重要用途．请回答以下效果：①H2Se的酸性比H2S________〔填〝强〞或〝弱〞〕．气态SeO3分子的平面构型为________，SO32﹣离子的平面构型为________．②请依据结构与性质的关系解释H2SeO4比H2SeO3酸性强的缘由：________24.化学与生活毫不相关，请你用化学知识回答以下生活中的效果．①碘酒是家庭常备药，碘酒中的溶剂是________〔写化学式〕．②炎热的夏季自行车车胎容易爆裂，缘由是________．③铝制品抗腐蚀功用很好，原理是________．〔用化学方程式表示〕．④现有黄瓜、豆腐、馒头、鸡蛋，其中富含蛋白质的是________．25.现有A、B两个塑料软瓶，A瓶内装有CO和O2的混合气体，B瓶内装有CO2气体．某同窗从野外捉来了两只活蝗虫，区分放人两个塑料软瓶中，拧紧瓶盖．结果，两只蝗虫很快都死了．请依据下面所给选项回答，形成蝗虫死亡的主要缘由是：A瓶________，B瓶________．26.a．化学药品与人类安康毫不相关．〔1〕应用化学分解药物，可保证人体安康．①青霉素是良好的抗生素，在运用前一定要________．②碳酸氢钠[NaHCO3]是某些抗酸药的有效成分．碳酸氢钠与胃酸反响的化学方程式为：________．胃溃疡的病人能否运用碳酸氢钠________〔填〝能〞或〝不能〞〕．③〝OTC〞表示________买的是________．〔2〕钢铁的消费与运用是人类文明和生活提高的一个重要标志．①工业炼铁的主要反响方程式为：________．②写出铁溶于FeCl3溶液的离子方程式________．③为防止轮船的船体在海水中腐蚀，普通在船身衔接________〔填〝镁块〞或〝铜块〞〕．b．糖类是人体需求的重要营养素，淀粉是重要的一类糖．在试管中参与0.5g淀粉和4mL20%的H2SO4溶液，加热3～4min，然后用碱液中和试管中的H2SO4溶液．请回答以下效果：〔1〕以下物质富含淀粉的是________〔填〝面粉〞或〝青菜〞或〝猪肉〞〕〔2〕淀粉完全水解生成无机物的化学式为________．〔3〕假定要检验淀粉没有完全水解，可取大批上述溶液参与________〔填试剂的称号〕，应观察到________四、综合题27.有两种含氧酸H n XO2n﹣1和H n+1YO2n，其式量区分为M和N，那么〔1〕X元素相对原子质量为________，Y元素相对原子质量为________〔2〕X元素化合价为________，Y元素化合价为________〔3〕H n XO2n﹣1能生________种酸式盐，1molH n+1YO2n和________molBa〔OH〕2完全中和；〔4〕和等物质的量的NaOH完全中和生成正盐时，所消耗两种酸物质的量的比为________，质量比为________28.按要求回答以下效果〔每空1分〕〔1〕医用消毒酒精是指体积分数为________的乙醇溶液．〔2〕各种油脂的水解产物中都含有的物质叫丙三醇，它的俗称号作________〔3〕苯的结构简式可以写成，还可以写成________，1mol苯可以跟________molH2发作加成反响生成环己烷，环己烷的结构简式为________．29.合理运用化学知识可提高人们的生活质量．某品牌牙膏的成分有甘油、山梨酸钾、氟化钠等．①在上述牙膏成分中，属于防腐剂的是________．②甘油的结构简式为________；油脂水解时生成甘油和________．③氟化钠〔NaF〕可与牙齿中的羟基磷酸钙[Ca5〔PO4〕3OH]反响，生成更难溶的氟磷酸钙[Ca5〔PO4〕3F]，从而到达防治龋齿的目的，写出该反响的化学方程式________．答案解析局部一、单项选择题1.以下有关物质用途的说法中，不正确的选项是〔〕A.乙酸可以做调味剂B.油脂可用来制造肥皂C.乙烯可用作水果催熟剂D.工业酒精可用于勾兑白酒【答案】D【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】解：A．乙酸具有弱酸性，乙酸的水溶液为食醋可以做调味剂，故A正确；B．油脂在碱性条件下水解生成初级脂肪酸钠和甘油，初级脂肪酸钠为肥皂的主要成分，故B正确；C．乙烯具有植物生成调理作用，可以用作水果催熟剂，故C正确；D．工业酒精中含有甲醇，甲醇有毒，所以不能用工业酒精可用于勾兑白酒，故D错误；应选：D．【剖析】A．乙酸具有弱酸性；B．依据油脂在碱性条件下水解的性质解答；C．乙烯具有植物生成调理作用；D．工业酒精中含有甲醇，甲醇有毒．2.以下说法不正确的选项是〔〕A.可用氢氟酸刻蚀玻璃B.硅胶可作食品枯燥剂C.硅酸钠可作木材防火剂D.二氧化硅可作太阳能电池板【答案】D【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】解：A．玻璃成分二氧化硅，氢氟酸与二氧化硅反响生成四氟化硅和水，所以可用氢氟酸刻蚀玻璃，故A正确；B．硅胶无毒具有吸水性，所以可作食品枯燥剂，故B正确；C．硅酸钠熔沸点高，不易熄灭，所以硅酸钠溶液可作木材防火剂，故C正确；D．硅为良好的半导体资料，是制造太阳能电池板重要资料，故D错误；应选：D．【剖析】A．氢氟酸与二氧化硅反响生成四氟化硅和水；B．依据硅胶具有吸水性解答；C．硅酸钠熔沸点高，不易熄灭；D．硅为良好的半导体资料．3.以下生活中罕见的变化中，均属于化学变化的一组是〔〕A.工业制氧、钢铁生锈B.石蜡熔化、干冰升华C.粮食酿酒、烟花燃放D.汽油挥发、云消雾散【答案】C【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】解：A．工业制氧为分别液态空气法，为物理变化，而Fe失掉电子被氧化生成铁锈，为化学变化，故A不选；B．石蜡熔化、干冰升华均只要形状的变化，那么均属于物理变化，故B不选；C．粮食酿酒有新物质乙醇生成、烟花燃放为熄灭反响，均为化学变化，故C选；D．汽油挥发、云消雾散均只要形状的变化，均属于物理变化，故D不选；应选C．【剖析】A．工业制氧为分别液态空气法；Fe失掉电子被氧化生成铁锈；B．石蜡熔化、干冰升华均只要形状的变化；C．粮食酿酒、烟花燃放均有新物质生成；D．汽油挥发、云消雾散均只要形状的变化．4.〝酒驾〞是以后抢手话题之一．喝酒不开车，开车不喝酒．酒后驾驶是一种违法行为，交通巡警反省驾驶员能否饮酒的仪器里装有重铬酸钾〔化学式为K2Cr2O7〕．以下关于重铬酸钾的说法正确的选项是〔〕A.它是氧化物B.含有K、Cr、O三种元素C.钾、铬、氧三种元素的质量比为39：52：112D.重铬酸钾是由2个钾原子、2个铬原子、7个氧原子构成【答案】B【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】A．K2Cr2O7含有K、Cr、O三种元素，不属于氧化物，故A错误；B．K2Cr2O7含有K、Cr、O三种元素，故B正确；C．K2Cr2O7含有K、Cr、O，其质量之比为：39×2：52×2：16×7=39：52：56，故C错误；D．重铬酸钾是离子化合物，是由钾离子和重铬酸根离子构成，故D错误；应选：B．【剖析】A．氧化物只含2种元素，且一定有氧元素；B．K2Cr2O7含有K、Cr、O三种元素；C．依据化学式区分计算化合物中各元素的质量；D．重铬酸钾是离子化合物，是由钾离子和重铬酸根离子构成．5.以下说法正确的选项是〔〕A.氯气是一种紫色重要的化工原料B.钠和钾的合金在常温下是固体C.用二氧化硅具有很强的导光才干，可用于制造光缆D.发酵粉中含有碳酸钠，能使焙制出的糕点疏松多孔【答案】C【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】解：A．氯气是黄绿色气体，不是紫色，氯气是一种重要的化工原料，故A 错误；B．钠在常温下是固体，钾在常温下也是固体，而钠钾合金为液态，故B错误；C．二氧化硅具有很强的导光才干，能传递光信号，可用于制造光缆，故C正确；D．发酵粉能使焙制出的糕点疏松多孔，是由于发酵粉中含有碳酸氢钠，能和酸反响发生二氧化碳的缘故，故D错误．应选C．【剖析】A．氯气是黄绿色气体；B．钠钾合金为液态；C．二氧化硅晶体能传递光信号；D．发酵粉中含有碳酸氢钠．6.化学无处不在，与化学有关的说法不正确的选项是〔〕A.绚丽绚丽的烟花中能够添加了含钾、钠、钙、铜等某些金属元素的物质B.回收废弃塑料制成燃油替代汽油、柴油，可减轻环境污染和浪费化石动力C.为防止电池中的重金属等污染土壤和水体，应积极开友废电池的综合应用技术D.生铁炼钢时必需完全除去生铁中的碳，以防止因钢铁中含有碳而发作电化学腐蚀【答案】D【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】解：A．烟花中添加含钾、钠、钙、铜等某些金属元素的化合物，燃放时发作焰色反响而出现绚丽绚丽的颜色，故A正确；B．回收废弃塑料制成燃油替代汽、柴油，可减轻环境污染和浪费化石动力，故B正确；C．电池中含有铅、镉等重金属，容易形成环境污染，应积极开友废电池的综合应用技术，故C正确；D．生铁炼钢的进程中，含碳量在增加，但不能完全除去，所以不可防止因钢铁中含有碳而发作电化学腐蚀，故D错误；应选：D．【剖析】A．依据焰色反响解答；B．废塑料通常采用热解油化技术加以回收，即经过加热或参与一定的催化剂使废塑料分解，取得新的燃料汽油、燃料油气等；C．电池中含有铅、镉等重金属，容易形成环境污染；D．生铁炼钢的进程中，含碳量在增加，但不能完全除去．7.化学在消费和日常生活中有着重要的运用．以下说法不正确的选项是〔〕A.明矾水解构成的Al〔OH〕3胶体能吸附水中悬浮物，可用于水的污染B.在海轮外壳上镶入锌块，可减缓船体的腐蚀速率C.MgO的熔点很高，可用于制造耐高温资料D.光导纤维属于硅酸盐产品【答案】D【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】解：A．明矾为强酸弱碱盐，溶于水，铝离子水解构成的Al〔OH〕3胶体，氢氧化铝胶体能吸附水中悬浮物，可用于水的污染，故A正确；B．锌生动性强于铁，构成原电池作负极，所以可以维护铁，故B正确；C．MgO的熔点很高，可用于制造耐高温资料，故C正确；D．光导纤维主要成分为二氧化硅，是氧化物，不是硅酸盐产品，故D错误；应选：D．【剖析】A．依据盐类水解的性质及运用解答；B．锌生动性强于铁，构成原电池作负极；C．耐高温资料应具有较高的熔点；D．光导纤维主要成分为二氧化硅，二氧化硅为氧化物．8.碳的两种同素异形体金刚石和石墨晶体结构如图〔石墨晶体中是由一个个正六边形组成的片层结构，层与层之间靠微弱的范德华力结合〕以下说法正确的选项是〔〕金刚石石墨A.现代科技曾经完成了石墨制取金刚石，该进程属于化学变化B.相反质量的金刚石与石墨晶体中，所含共价键数相反C.估量金刚石与石墨的熔沸点均较高，硬度均较大D.依据：C(金刚石,s)＋O2(g)===CO2(g)ΔH＝－395.41 kJ•mol－1【答案】A【考点】物质的组成、结构和性质的关系【解析】【解答】同素异形体之间的转化是化学变化，A正确；相反质量的金刚石与石墨晶体中，所含共价键数前者多，B不正确；石墨的硬度较小，C不正确；依据盖斯定律可知，金刚石转化为石墨的反响是放热反响，所以金刚石的能量高于石墨的，石墨比金刚石动摇，D不正确，答案选A。

高考化学总复习选修部分物质结构与性质模块综合检测

模块综合检测(选修物质结构与性质)(时间：45分钟；满分：100分)一、选择题(本题包括9小题，每小题5分，共45分)1．(2015·高考上海卷)下列有关物质性质的比较，错误的是( )A ．溶解度：小苏打<苏打B ．密度：溴乙烷>水C ．硬度：晶体硅<金刚石D ．碳碳键键长：乙烯>苯解析：选D 。

A.小苏打能溶于水，苏打易溶于水，因此溶解度：小苏打<苏打，正确。

B ．溴乙烷密度>1 g/mL ，而水的密度等于1 g/mL ，因此密度：溴乙烷>水，正确。

C.晶体硅、金刚石都是原子晶体，原子之间通过共价键结合，由于原子半径：C<Si ，所以共价键的强度：C —C>Si —Si ，共价键越强，原子结合得就越牢固，物质的硬度就越大。

所以物质的硬度：晶体硅<金刚石，正确。

D ．乙烯分子中碳碳键是碳碳双键，而苯分子中的碳碳键是一种介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的化学键，所以键长：乙烯<苯，错误。

2．已知氢分子键能为436 kJ·mol －1，氧分子键能为498 kJ·mol －1，氯分子键能为243kJ·mol －1，氮分子键能为946 kJ·mol －1。

参考以上数据判断以下说法中正确的是( )A ．N —N 键键能为13×946 kJ·mol －1＝315.3 kJ·mol －1 B ．氮分子中的共价键比氢分子中的共价键键长短C ．氧分子中氧原子是以共价单键结合的D ．氮分子比氯分子稳定解析：选D 。

氮分子的N≡N 键中的三个键不是等同的，A 错；虽然氮分子中N≡N 键键能>H —H 键键能，但氢的原子半径远小于氮原子，键长是成键两原子的核间距，H —H 键键长<N≡N 键键长，B 错；氧气中氧原子以共价双键结合，C 错；氮分子键能比氯分子的大，D 正确。

高中化学选修物质结构与性质历年高考题汇总

物质结构与性质（2014年-2019年全国卷）1．[2019年全国卷Ⅰ]在普通铝中加入少量Cu和Mg后，形成一种称为拉维斯相的MgCu2微小晶粒，其分散在Al中可使得铝材的硬度增加、延展性减小，形成所谓“坚铝”，是制造飞机的主要村料。

回答下列问题：（1）下列状态的镁中，电离最外层一个电子所需能量最大的是(填标号)。

A． B． C． D．（2）乙二胺(H2NCH2CH2NH2)是一种有机化合物，分子中氮、碳的杂化类型分别是、。

乙二胺能与Mg2+、Cu2+等金属离子形成稳定环状离子，其原因是，其中与乙二胺形成的化合物稳定性相对较高的是(填“Mg2+”或“Cu2+”)。

（3）一些氧化物的熔点如下表所示：解释表中氧化物之间熔点差异的原因。

（4）图(a)是MgCu2的拉维斯结构，Mg以金刚石方式堆积，八面体空隙和半数的四面体空隙中，填入以四面体方式排列的Cu。

图(b)是沿立方格子对角面取得的截图。

可见，Cu原子之间最短距离x=pm，Mg原子之间最短距离y=pm。

设阿伏加德罗常数的值为N A，则MgCu2的密度是g·cm−3(列出计算表达式)。

2.[2019年全国卷Ⅱ]近年来我国科学家发现了一系列意义重大的铁系超导材料，其中一类为Fe—Sm—As—F—O组成的化合物。

回答下列问题：（1）AsH3的沸点比NH3的________（填“高”或“低”），其判断理由是______。

（2）Sm的价层电子排布式为4f66s2，Sm3＋价层电子排布式为________。

（3）比较离子半径F- O2-（填“大于”、“等于”或“小于”）(4)一种四方结构的超导化合物的晶胞如图1所示。

晶胞中Sm和As原子的投影位置如图2所示。

图中F－和O2－共同占据晶胞的上下底面位置，若两者的比例依次用x和1－x代表，则该化合物的化学式表示为____________；通过测定密度ρ和晶胞参数，可以计算该物质的x值，完成它们关系表达式：ρ＝_________g·cm－3。