山东省临沂市临沭县2015-2016学年高二(上)期中物理试题含解析

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山东省临沂市临沭一中2015_2016学年高二物理上学期第一次月考试题(含解析)

2015-2016学年山东省临沂市临沭一中高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q和﹣Q的电量，当它们相距r时，它们之间的库仑力是F．若把它们接触后分开，再置于相距的两点，则它们的库仑力的大小将变为（）A．B．3F C．4F D．9F2．由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零3．电场中有A、B两点，把某点电荷从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了负功．则下列说法正确的是（）A．该电荷是正电荷，且电势能减少B．该电荷是正电荷，且电势能增加C．该电荷是负电荷，且电势能增加D．电荷的电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷4．电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线上移动，则（）A．电场力做正功B．电场力做负功C．电场力不做功D．电场力做功的正负，取决于q的正负5．若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（）A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动6．关于电势差的说法中，正确的是（）A．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关C．1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V D．两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比7．如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U不变，E变小 B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变 D．Q不变，C变小，U变大，E变小8．如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开，且M端带正电B．只有N端验电箔张开，且N端带正电C．两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电D．两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电9．如图所示，有竖直向下的匀强电场，A、B两等势面间的距离为5cm，电势差为25V，在电场中的P点固定放置电荷量为5×10﹣9C的负点电荷，此时电场中有一点的场强为零，此点在P点的（）A．上方30cm处B．下方30cm处C．上方25cm处D．下方25cm处10．如图所示，P是一个很大的绝缘木板，水平放置，Q是一个带正电的点电荷，固定在板外．另一个可看作质点的带正电的小物体C，以一定的初速度从图中的a点沿绝缘木板表面移动到b 点，移动过程中C的带电量保持不变，它与绝缘木板间的摩擦不能忽略．关于C的这段运动过程，下面的说法中正确的是（）A．C对P板的压力先变小后变大B．C的受到Q的库仑力先变小后变大C．C的电势能先变大后变小D．C的速度先先变大后变小二、多项选择题（每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分．）11．一个电容器的规格是“10µF、50V”则（）A．这个电容器加上50V电压时，电容量才是10µFB．这个电容器的最大电容量为10µF，带电荷量较少时，电容量小于10µFC．这个电容器上加的电压不能低于50VD．这个电容器的电容量总等于10µF12．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A．E a=E b B．E a=E O=E b C．E c＞E d D．E c＞E O＞E d13．如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势ϕA＞ϕB，场强E A＞E BB．电势ϕA＞ϕB，场强E A＜E BC．将+q电荷从A点移到B点电场力做了负功D．将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA＞E PB14．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较小15．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两极板间的带电尘埃恰保持静止状态，若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器的带电荷量不变B．电容器的两端电压不变C．电流计G中有a到b方向的电流D．电流计G中有a到b方向的自由电荷定向通过三、填空题（共16分）16．（10分）（2015秋•临沂校级月考）如图所示，A、B、C为一条电场线上的三点，以B点为零电势点，一个电子从A移到B和C电场力分别做功3.2×10﹣19J和9.6×10﹣19J，则电场线的方向，A点电势φA= V，C点电势φC= V．如果以C点为零电势点，则A点电势φ′A= V，B点电势φ′B= V．17．如图所示，正方形ABCD处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行．已知A、B、C三点的电势依次为φA=6.0V，φB=4.0V，φC=﹣2.0V．（1）求D点的电势φD．（2）在图中画出过A点的电场线和过D点的等势线（要把作图过程画在图上．只画最后结果不能得分）．四、计算题（共34分）18．（10分）（2013秋•北仑区校级期中）如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为m=1.0×10﹣2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强E=3.0×106N∕C，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为θ=30°，求：小球带何种电荷，电荷量为多大？（取g=10m/s2）19．（14分）（2013春•南关区校级期末）如图所示，是一对彼此绝缘相距d=5cm的平行金属带电极板MN，N板接地，M板带电量的绝对值为Q=6×10﹣6C．在两极板MN间A点有一带电量为q=4×10﹣6C的带电液滴，其质量m=4×10﹣4kg，恰好处于静止状态．求：（1）两板间的电场强度为多少？（2）U NM等于多少伏？M点的电势是多少？（3）平行金属板MN所构成的电容器的电容C等于多少？20．（10分）（2006秋•临沂期末）如图所示，一光滑斜面的直角点A处固定一带电量为+q，质量为m的绝缘小球，另一同样小球置于斜面顶点B处，已知斜面长为L，现把上部小球从B 点从静止自由释放，球能沿斜面从B点运动到斜面底端C处，求：（1）小球从B处开始运动到斜面中点D处时的速度？（2）小球运动到斜面底端C处时，球对斜面的压力是多大？2015-2016学年山东省临沂市临沭一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q和﹣Q的电量，当它们相距r时，它们之间的库仑力是F．若把它们接触后分开，再置于相距的两点，则它们的库仑力的大小将变为（）A．B．3F C．4F D．9F考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：接触带电的原则是先中和再平分．根据库仑定律公式F=k求出库仑力的大小．解答：解：根据库仑定律公式得，F=k．接触再分离后所带电量各为Q，F′=k=k=3F．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式F=k．2．由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零考点：电场强度．分析：公式E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，电场强度反映本身的特性，与试探电荷无关．解答：解：A、C、电场强度的定义式E=，运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力F和电荷量q无关，所以不能说E跟F成正比，跟q成反比．故AC错误．B、电场中同一点电场强度是一定的，与试探电荷无关，则在电场中的同一点，无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变．故B正确．D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，该点的场强可能为零，也可能不为零，故D 错误．故选：B．点评：解决本题的关键是运用比值法定义的共性来理解电场强度的物理意义，知道E由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力F和电荷量q无关．3．电场中有A、B两点，把某点电荷从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了负功．则下列说法正确的是（）A．该电荷是正电荷，且电势能减少B．该电荷是正电荷，且电势能增加C．该电荷是负电荷，且电势能增加D．电荷的电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场力对电荷做负功，说明电场力阻力电荷的运动，导致动能减小，转化为电势能，使其增加．解答：解：电场力作功，导致电势能变化．若电场力做负功，则电势能增加；若电场力作正功，则电势能减小．但无法判定电荷的正负，因此ABC错误；D正确；故选：D点评：考查了功能关系：电场力做功，导致电势能变化．就像重力做功，必导致重力势能变化一样．4．电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线上移动，则（）A．电场力做正功B．电场力做负功C．电场力不做功D．电场力做功的正负，取决于q的正负考点：电势能；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线是一条等势线，各点电势相等，移动电荷时电场力不做功．解答：解：根据等势线的分布情况得知，等量异种电荷+Q和﹣Q的连线的垂直平分线是一条等势线，各点电势相等，任意两点间的电势差为零，根据电场力做功公式W=Uq可知，移动电荷时电场力不做功．故选：C点评：本题关键抓住等量异种电荷等势线分布特点，这是考试的热点，基本题．5．若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（）A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动考点：电势；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动．解答：解：物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时且小球的运动方向沿着电场线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动．所以ABC错误，D正确．故选：D点评：对物体运动情况的判断能力，从力学的角度进行分析：物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件．虽然是简单题，同时也是易错题目．6．关于电势差的说法中，正确的是（）A．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关C．1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V D．两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比考点：电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电势差和电场力做功的公式U AB=分析电势差与电场力做功数值关系．两点间的电势差是由电场本身决定的，与检验电荷无关．解答：解：A、根据电势差和电场力做功的公式U AB=得：两点间的电势差等于单位正电荷从其中一点移到另一点时电场力所做的功，故A错误．B、由公式W=qU，知在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差成正比，故B错误．C、1C的电荷从电场中一点移到另一点，如果电场力做了1J的功，由公式U AB=知这两点间的电势差就是1V，故C正确．D、两点间的电势差是由电场本身决定的，与检验电荷无关．故D错误．故选：C．点评：解决该题关键掌握公式U AB=，抓住比值法定义的共性来理解电势差的意义．7．如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U不变，E变小 B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变 D．Q不变，C变小，U变大，E变小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由C=，分析电容的变化，根据C=分析电压U的变化，根据E=分析场强的变化．解答：解：A、B，平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变．故A、B错误．C、D，增大电容器两极板间的距离d时，由C=知，电容C变小，Q不变，根据C=知，U变大，而E===，Q、k、ɛ、S均不变，则E不变．故C正确，D错误．故选C点评：对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．8．如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开，且M端带正电B．只有N端验电箔张开，且N端带正电C．两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电D．两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，所以ABC错误，D正确．故选：D．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．9．如图所示，有竖直向下的匀强电场，A、B两等势面间的距离为5cm，电势差为25V，在电场中的P点固定放置电荷量为5×10﹣9C的负点电荷，此时电场中有一点的场强为零，此点在P点的（）A．上方30cm处B．下方30cm处C．上方25cm处D．下方25cm处考点：电场的叠加；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先根据U=Ed求出匀强电场的场强大小．P的场强变为零，说明负电荷在M点产生的场强与匀强电场的场强大小相等，方向相反，根据点电荷场强公式E=k求解即可．解答：解：据题A、B两个等势面的电势差为U、距离为d，则匀强电场的场强 E=，设M的场强变为零，说明负电荷在M点产生的场强与匀强电场的场强大小相等，方向相反，则M点必定与P点在同一电场线上，且位于P点下方．设M、P之间的距离为r．则有：E=k联立解得：r===0.3m=30cm故选：B．点评：本题要掌握电场的叠加原理，分析点电荷场强与匀强电场的关系，掌握场强的两大公式E=和E=k，并正确应用．10．如图所示，P是一个很大的绝缘木板，水平放置，Q是一个带正电的点电荷，固定在板外．另一个可看作质点的带正电的小物体C，以一定的初速度从图中的a点沿绝缘木板表面移动到b 点，移动过程中C的带电量保持不变，它与绝缘木板间的摩擦不能忽略．关于C的这段运动过程，下面的说法中正确的是（）A．C对P板的压力先变小后变大B．C的受到Q的库仑力先变小后变大C．C的电势能先变大后变小D．C的速度先先变大后变小考点：电势差与电场强度的关系；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：C在向右移动的过程中，由于两点电荷间的距离先减小，后增大，故库仑力先增大后减小，根据受力分析和做功情况即可判断解答：解：A、在向右移动的过程中，库仑力先增大，后减小，根据竖直方向合力为零可知，C对P的压力先增大后减小，故A错误；B、根据可知，由于r先减小后增大，故库仑力先增大后减小，故B错误C、C在从左向右移动的过程中，库仑力先做负功，后做正功，故C的电势能先增大后减小．故C正确；D、在从左向右移动的过程中，库仑力先做负功，后做正功，且摩擦力始终做负功，故速度一定先减小后，故D错误．故选：C．点评：本题关键抓住两点电荷间的距离先减小后增大判断出库仑力的变化，再结合受力分析即可判断二、多项选择题（每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分．）11．一个电容器的规格是“10µF、50V”则（）A．这个电容器加上50V电压时，电容量才是10µFB．这个电容器的最大电容量为10µF，带电荷量较少时，电容量小于10µFC．这个电容器上加的电压不能低于50VD．这个电容器的电容量总等于10µF考点：电容器．专题：电容器专题．分析：电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关，仅有电容器本身决定．解答：解：A、电容器的电容与电容器板间电压无关，加电压或不加电压、电荷量多或少时，电容都是10µF．故AB错误D正确．C、50V是电容器的耐压值，这个电容器上加的电压不能高于50V．故C错误．故选：D点评：电容表征电容容纳电荷的本领大小，与板间电压和电量无关，对于给定的电容器，电容是一定的，电量与电压成正比．12．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A．E a=E b B．E a=E O=E b C．E c＞E d D．E c＞E O＞E d考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个等量异号的点电荷连线的中垂线上中点O的场强最大，在两个电荷连线上，O点的场强最小，根据电场线的疏密进行分析．解答：解：根据电场线越密场强越大，则由两个等量异号的点电荷电场线的分布情况可知，中垂线上中点O的场强最大，而且根据对称性可知，a、b两处电场线疏密相同，场强大小相等，E a=E b＜Eo在两个电荷连线上，O点电场线最疏，场强最小，而且根据对称性可知，c、d两处的电场线疏密相同，故有E c=E d＞Eo．所以有E a=E b＜Ec，Ea＜E d，故A正确，BCD错误．故选：A．点评：等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考察的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点．13．如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势ϕA＞ϕB，场强E A＞E BB．电势ϕA＞ϕB，场强E A＜E BC．将+q电荷从A点移到B点电场力做了负功D．将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA＞E PB考点：电势能；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据顺着电场线方向电势降低、电场线越密场强越大，判断电势高低和场强大小．根据电场力方向与瞬时速度方向的关系，判断电场力做功的正负，确定电势能的大小．解答：解：A、B根据顺着电场线方向电势降低、电场线越密场强越大，可知，电势ϕA＞ϕB，场强E A＜E B．故A错误，B正确．C、正电荷所受的电场力方向沿电场线切线方向，将+q电荷从A点移到B点时，电场力方向与速度方向一致，则电场力做正功．故C错误．D、根据推论：负电荷在电势高处电势能小，可知，将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA＜E PB．故D错误．故选B点评：本题只要掌握电场线的物理意义：顺着电场线方向电势降低、电场线疏密反映场强的大小即可判断电势和场强的大小．对于电势能的判断有两种方法：一是根据电场力做功的正负；二是根据推论：负电荷在电势高处电势能小，正电荷在电势高处电势能大．14．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较小考点：等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解答：解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误．故选B．点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．15．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两极板间的带电尘埃恰保持静止状态，若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器的带电荷量不变B．电容器的两端电压不变C．电流计G中有a到b方向的电流D．电流计G中有a到b方向的自由电荷定向通过考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．解答：解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B正确；C、D由Q=UC可知，电压不变，电容减小；则电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，电路中逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流，即自由电荷由b到a方向的定向移动．故C正确，D也正确．故选：BCD．。

山东省临沂市临沭县2015_2016学年高二物理上学期期中试题(含解析)

2015-2016学年山东省临沂市临沭县高二（上）期中物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A．该点电荷带正电B．a点的电势高于b点的电势C．a点的电场强度大于b点的电场强度D．a点和b点电场强度的方向相同2．在物理学中，常常用比值定义物理量，用来表示研究对象的某种性质，下面列出七个关系式：：①场强E=②电容C=③电阻R=④电流I=；⑤电流I=⑥R电阻=⑦电动势E=，下列针对这七个关系式说法正确的是（）A．①②③④属于比值定义式B．①③⑤⑦属于比值定义式C．只有⑥⑦不属于比值定义式 D．全部属于比值定义式3．四盏灯泡接成图示电路．a、c灯泡的规格为“220V 100W”，b、d灯泡的规格为“220V 40W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率．则这四盏灯泡中实际消耗功率最大的是（）A．a B．b C．c D．d4．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．5．一平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为C，对此电容器充电后断开电源，当增加两板间距时，电容器极板间（）A．电场强度不变，电势差变大 B．电场强度不变，电势差不变C．电场强度减小，电势差不变 D．电场强度减小，电势差减小6．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图所示．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，则电场力对试探电荷q所做的功等于（）A．B．C．D．7．关于静电场，下面结论普遍成立的是（）A．静电场是由实实在在的电场线组成的B．电场强度很大的地方电势可能为零C．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向8．小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，则下列说法正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为P=U1I29．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹是图中虚线，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子一定带正电B．粒子由M运动到N过程中其速度越来越大C．粒子由M运动到N过程中其加速度越来越大D．粒子由M运动到N过程中其电势能越来越大10．某同学采用如图所示电路图做实验，开关闭合后，电路出现一处故障，以下分析正确的是（）A．若电流表无示数，电压表有示数，则可能是R1断路B．若电流表无示数，电压表有示数，则可能是R2断路C．若电流表有示数，电压表无示数，则可能是R1断路D．若电流表有示数，电压表无示数，则可能是R2短路11．图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的左侧？（）A．Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2D．Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|12．匀强电场中的三点是A、B、C是一个直角三角形的三个顶点，AC的长度为1cm，D为AB 的中点，如图所示，已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为6V、2V和10V，设场强大小为E，一电量为1×10﹣6C的正电荷从C点移到D点电场力所做的功为W，则（）A．W=6×10﹣6J B．W=4×10﹣6J C．E＞4V/m D．E≤4V/m二、填空实验题：（13题6分，14题8分，共14分，将答案填写在横线上）13．（1）如图1螺旋测微器的读数是mm（2）如图2所示是试验室使用的螺旋测微器，也叫千分尺，它是用来测量物体长度的仪器，下列关于螺旋测微器的操作正确的是A．测量时，先顺时针（如图所示方向）转动旋钮D，在螺杆F快要靠近被测物体时，应改用微调旋钮H，直至棘轮发出咔咔声时停止转动B．测量时，先逆时针（与图示方向相反）转动旋钮D，在螺杆F快要靠近被测物体时，应改用微调旋钮H，直至棘轮发出咔咔声时停止转动C．当棘轮发出咔咔声时停止转动微调旋钮H，此时应固定旋钮G，使测杆固定后才可读数D旋钮D每转动一周，就带动测微螺杆F前进或后退0.1mm．14．有一只电流表，其内阻R g为100Ω，满偏电流I g为3mA．若要把它改装成量程为15V的电压表，应一个阻值为Ω的电阻，若要把它改装成量程为0.6A 的电流表，应一个阻值为Ω的电阻．三、论述、计算题：本题共4小题，共38分．解答应写出必要的文学说明，方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．15．（2015秋•临沭县期中）如图，真空中A、B相距L=2.0m，将电荷量为q A=+2.0×10﹣6C的点电荷固定在A点，将电荷量为q B=﹣2.0×10﹣6C的点电荷固定在B点，已知静电力常量k=9×109N•m2/C2，求：（1）求q A受到的库仑力大小和方向；（2）求 AB连线中点C处的电场强度大小和方向；（3）若在AB连线中点C处再放置一个q C=﹣2.0×10﹣6C的点电荷，求q C所受静电力方向和大小．16．（2015秋•临沭县期中）如图所示，线路的电压U=220V，输电线的总电阻r=10Ω，电炉A的电阻R A=100Ω．电炉B的电阻R B=82Ω．（1）电键S断开时，电炉A上的电压和它消耗的功率分别是多少？（2）电键S闭合时，电炉A上的电压和它消耗的功率又是多少？17．（2015秋•临沭县期中）有一条横截面积S=1mm2的铜导线，通过的电流I=1A，已知铜的密度ρ=8.9×103kg/m3，铜的摩尔质量M=6.4×10﹣2kg/mol，阿伏常量N A=6.62×1023mol﹣1，电子的电量e=﹣1.6×10﹣19C，求铜导线中自由电子定向移动的速率．（铜可视为一价元素）18．（2015秋•临沭县期中）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m，带电量为q的离子（初速度不计，重力不计），经加速电压U1加速后以垂直于电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，飞出电场．已知平行板的长度为L，两板间距离为d，试计算：（1）偏转量y是多少？（2）离子离开电场时的速度偏角θ的正切值是多大？2015-2016学年山东省临沂市临沭县高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A．该点电荷带正电B．a点的电势高于b点的电势C．a点的电场强度大于b点的电场强度D．a点和b点电场强度的方向相同【考点】点电荷的场强．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，以及电场线方向与电势高低的关系，抓住电场线越密，场强越大、顺着电场线电势降低进行分析即可．【解答】解：A、根据电场线从无穷远出发到负电荷终止可知，该电荷是负电荷．故A错误．B、顺着电场线电势降低，则知a点的电势低于b点的电势．故B错误．C、由图知，a处电场线较密，则a处电场强度大．故C正确．D、由图看出，a、b两点场强方向不同．故D错误．故选C【点评】熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键．2．在物理学中，常常用比值定义物理量，用来表示研究对象的某种性质，下面列出七个关系式：：①场强E=②电容C=③电阻R=④电流I=；⑤电流I=⑥R电阻=⑦电动势E=，下列针对这七个关系式说法正确的是（）A．①②③④属于比值定义式B．①③⑤⑦属于比值定义式C．只有⑥⑦不属于比值定义式 D．全部属于比值定义式【考点】电场强度；闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】所谓比值定义法，就是用两个物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量而改变．根据物理量的定义分析是否是比值定义法．【解答】解：①E=是电场强度的定义式，E与F、q无关，由电场本身决定，属于比值法定义．②C=是电容的定义式，C与Q、U无关，由电容器本身决定，属于比值法定义．③R=是电阻的定义式，R与I、U无关，由导体本身决定，属于比值法定义．④I=是欧姆定律表达式，I与U成正比，与R成反比，不属于比值法定义．⑤I=是电流的定义式，I与Q、t无关，属于比值法定义．⑥R═是电阻的决定式，ρ、L成正比，与S成反比，不属于比值法定义．⑦电动势E=，是比值定义式，电动势E与W，及q均无关，故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的属性，与定义所用的物理量无关．3．四盏灯泡接成图示电路．a、c灯泡的规格为“220V 100W”，b、d灯泡的规格为“220V 40W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率．则这四盏灯泡中实际消耗功率最大的是（）A．a B．b C．c D．d【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】先根据小灯泡的规格确定小灯泡的电阻，然后根据串并联电路的规律确定四个小灯泡电压电流的关系，从而根据P=UI=I2R=比较它们的功率大小．【解答】解：a、b灯泡的电阻R===484Ωc、d灯泡的电阻R′===1210Ω根据并联电路的特点知b、c并联后的总电阻R并＜R＜R′大电阻分大电压，所以b、c两端的电压小于d灯泡的电压，根据P=可得：P a＞P b，P c＜P b＜P da、d灯串联，电流相等，根据P=I2R知则P与R成正比，则P a＜P d，故实际电功率最大的是d灯泡；故选：D．【点评】已知用电器的额定功率、额定电压，求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点，能结合串并联电路的特点解题，难度适中．4．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由金属导体电阻的决定式R=ρ进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．【解答】解：由电阻的决定式可知，A中电阻R A=，B中电阻R B=；C中电阻R C=；D中电阻R D=；故电阻最小的为A；故选：A．【点评】本题考查电阻定率的应用，要注意电阻是由导体本身的性质决定的．5．一平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为C，对此电容器充电后断开电源，当增加两板间距时，电容器极板间（）A．电场强度不变，电势差变大 B．电场强度不变，电势差不变C．电场强度减小，电势差不变 D．电场强度减小，电势差减小【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】通电后断开电容两板上的电荷量不变，由C=可知当d变化时C的变化；由C=可知两板间的电势差的变化；由E=可知E的变化．【解答】解：因通电后断开，故两板上的带电量不变；增加d，则C减小，则电势差U增大；由公式可得：U=，则电场强度为：E==，故E与d无关，故电场强度不变，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】通电后断开若只改变两板间的距离，则极板间的电场强度将保持不变．6．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图所示．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，则电场力对试探电荷q所做的功等于（）A．B．C．D．【考点】电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的定义式求出板间电压．由E=求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．【解答】解：由电容的定义式C=得板间电压U=，板间场强E==．试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功W=qEssin30°=故选C【点评】本题只要抓住电场力具有力的一般性质，根据功的一般计算公式就可以很好地理解电场力做功，并能正确计算功的大小．7．关于静电场，下面结论普遍成立的是（）A．静电场是由实实在在的电场线组成的B．电场强度很大的地方电势可能为零C．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向【考点】电场强度；电场线．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度与电势之间无必然联系，但沿电场方向电势降低，而且速度最快；电势差与两点的场强无关，只与两点间沿电场方向的距离和两点间的场强有关；电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与两点的场强没有关系．【解答】解：A：电场实际存在，而电场线是假想的，故A错误．B：在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，因此电场强度很大的地方电势可能为零，故B正确；C：场强均为零的两点电势不一定相等，所以电场力做功不一定为零，故C错误；D：沿电场方向电势降低，而且速度最快．故D正确；故选：BD．【点评】电场强度、电势、电势差、电场力的功，它们的定义以及它们之间的关系要记清，有不好理解的题目可找实际的例子加以分析．8．小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，则下列说法正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为P=U1I2【考点】欧姆定律．【专题】定性思想；图析法；恒定电流专题．【分析】由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻，由P=UI 求解功率．【解答】解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A正确；BC、由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=，故B错误，C正确；D、因P=UI，所以对应P点，小灯泡的功率为P=U1I2，故D正确．故选：ACD．【点评】注意U﹣I图象的意义，知道斜率等于电阻的倒数，明确功率借助图象分析时所围得面积；明确灯泡伏安特性曲线不直的原因．9．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹是图中虚线，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子一定带正电B．粒子由M运动到N过程中其速度越来越大C．粒子由M运动到N过程中其加速度越来越大D．粒子由M运动到N过程中其电势能越来越大【考点】电场线．【专题】应用题；学科综合题；定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功时，电势能减小，电场力做负功时，电势能增加．【解答】解：A、带电粒子在电场中运动时，受到的电场力的方向指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，此带电的粒子受到的电场力的方向为沿着电场线向上，所以此粒子为正电荷，所以A正确；B、粒子带正电，从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，粒子的动能要增加，速度也就增大，即粒子由M运动到N过程中其速度越来越大，所以B正确；C、由电场线的分布可知，电场线在N点的时候较密，所以在N点的电场强，粒子在N点时受到的电场力大，所以在N点加速度大，所以C正确；D、粒子带正电，从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，所以粒子的电势能要减小，即粒子在M点的电势能大于N点的电势能，所以D错误；故选：ABC．【点评】本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点和根据轨迹判定受力方向的方法，即可解决本题．10．某同学采用如图所示电路图做实验，开关闭合后，电路出现一处故障，以下分析正确的是（）A．若电流表无示数，电压表有示数，则可能是R1断路B．若电流表无示数，电压表有示数，则可能是R2断路C．若电流表有示数，电压表无示数，则可能是R1断路D．若电流表有示数，电压表无示数，则可能是R2短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】若电流表无示数，电路中有断路，若电流表有示数，电路是通路，根据欧姆定律分析即可．【解答】解：AB、若电流表无示数，电压表有示数，说明电路中有断路，而电压表之外的电路是通路，不可能是R1断路，可能是R2断路，故A错误，B正确．CD、若电流表有示数，电压表无示数，则电路是通路，不可能是R1断路，可能是R2短路，电压表被短路，故C错误，D正确．故选：BD【点评】本题是故障分析问题，要明确当电流表无示数，电压表有示数时，往往与电压表并联的电路出现断路．11．图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的左侧？（）A．Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2D．Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|【考点】电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】利用在该点正电荷所受电场力方向为电场强度方向来确定各自电场强度方向．然后两点电荷在同一点的场强是由各自电场强度矢量叠加而成的．【解答】解：A、当两点电荷均为正电荷时，若电荷量相等，则它们在P点的电场强度方向沿MN背离N方向．当Q1＜Q2时，则b点电荷在p点的电场强度比a点强，所以电场强度合成后，方向偏左．当Q1＞Q2时，则b点电荷在p点的电场强度比a点弱，所以电场强度合成后，方向偏右．故A正确；B、当Q1是正电荷，Q2是负电荷时，b点电荷在p点的电场强度方向沿bP连线背离b点，而a点电荷在p点的电场强度方向沿aP连线指向b点，则合电场强度方向偏右．不论电量大小关系，仍偏右．故B错误；C、当Q1是负电荷，Q2是正电荷时，b点电荷在p点的电场强度方向沿bP连线指向b点，而a点电荷在p点的电场强度方向沿aP连线背离a点，则合电场强度方向偏左．不论它们的电量大小关系，仍偏左．故C正确；D、当Q1、Q2是负电荷时，b点电荷在p点的电场强度方向沿bP连线指向b点，而a点电荷在p点的电场强度方向沿aP连线指向a点，由于|Q1|＞|Q2|，则合电场强度方向偏左．故D 正确；故选：ACD【点评】正点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且背离正电荷，而负点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且指向负电荷．12．匀强电场中的三点是A、B、C是一个直角三角形的三个顶点，AC的长度为1cm，D为AB 的中点，如图所示，已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为6V、2V和10V，设场强大小为E，一电量为1×10﹣6C的正电荷从C点移到D点电场力所做的功为W，则（）A．W=6×10﹣6J B．W=4×10﹣6J C．E＞4V/m D．E≤4V/m【考点】电势能；电场线．【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据U=Ed求出D点的电势，再由公式W=qU求出电场力做功．作出电场线，再由E=求电场强度的范围．【解答】解：根据U=Ed，知匀强电场中沿某一方向相等距离电势差相等，则D点的电势为φD==V=4VCD间的电势差为 U CD=φC﹣φD=10V﹣4V=6V电量为1×10﹣6C的正电荷从C点移到D点电场力所做的功为 W=qU CD=6×10﹣6J．BC的中点F的电势为φF==V=6V=φA，由AF连线为一条等势线，根据电场线与等势面垂直，且指向电势较低的等势面，画出电场线如图，则场强 E=因为U CA=φC﹣φA=10V﹣6V=4V，CG＜AC=1m，则E＞4V/m．故AC正确，BD错误．故选：AC【点评】本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比U=Ed与运用公式W=qU求解电场力做功，用活匀强电场中任一条直线上电势是均匀变化的（等势线除外）是解题的关键．二、填空实验题：（13题6分，14题8分，共14分，将答案填写在横线上）13．（1）如图1螺旋测微器的读数是 5.850 mm（2）如图2所示是试验室使用的螺旋测微器，也叫千分尺，它是用来测量物体长度的仪器，下列关于螺旋测微器的操作正确的是ACA．测量时，先顺时针（如图所示方向）转动旋钮D，在螺杆F快要靠近被测物体时，应改用微调旋钮H，直至棘轮发出咔咔声时停止转动B．测量时，先逆时针（与图示方向相反）转动旋钮D，在螺杆F快要靠近被测物体时，应改用微调旋钮H，直至棘轮发出咔咔声时停止转动C．当棘轮发出咔咔声时停止转动微调旋钮H，此时应固定旋钮G，使测杆固定后才可读数D旋钮D每转动一周，就带动测微螺杆F前进或后退0.1mm．【考点】螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】明确螺旋测微器的读数方法，知道在使用螺旋测微器时，选旋动粗调旋钮，再转到微调旋钮，最后拨动止动旋钮固定后读数．【解答】解：（1）固定部分读数为5.5mm，转动部分读数为35.0×0.01=0.350mm；故读数为：5.5+0.350=5.850mm；（2）ABC、用螺旋测微器测电阻丝的直径时，先转动粗调旋钮D使测微螺杆F接近被测电阻丝，再转到微调旋钮H夹住被测物，直到棘轮发出声音为止，拨动止动旋钮G使F固定后读数，故AC正确，B错误；D、旋钮D每转动一周，就带动测微螺杆F前进或后退0.5mm，故D错误；故答案为：（1）5.850 （2）AC【点评】解决本题的关键掌握螺旋测微器的工作原理，与区别与游标卡尺，同时注意D每转动一周，就带动测微螺杆F前进或后退0.5mm．14．有一只电流表，其内阻R g为100Ω，满偏电流I g为3mA．若要把它改装成量程为15V的电压表，应串联一个阻值为4900 Ω的电阻，若要把它改装成量程为0.6A的电流表，应并联一个阻值为0.5 Ω的电阻．【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；定量思想；比例法；恒定电流专题．【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．【解答】解：把电流表改装成15V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：R=﹣R g=4900Ω，把电流表改装成0.6A的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为：R′==≈0.5Ω；故答案为：串联；4900；并联；0.5．【点评】本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表改装原理是解题的关键，应用串并联电路特点与欧姆定律可以解题．三、论述、计算题：本题共4小题，共38分．解答应写出必要的文学说明，方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．15．（2015秋•临沭县期中）如图，真空中A、B相距L=2.0m，将电荷量为q A=+2.0×10﹣6C的点电荷固定在A点，将电荷量为q B=﹣2.0×10﹣6C的点电荷固定在B点，已知静电力常量k=9×109N•m2/C2，求：（1）求q A受到的库仑力大小和方向；（2）求 AB连线中点C处的电场强度大小和方向；（3）若在AB连线中点C处再放置一个q C=﹣2.0×10﹣6C的点电荷，求q C所受静电力方向和大小．【考点】电场强度；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据库仑定律列式求解库仑力的大小，并确定库仑力的方向．（2）先求解两个电荷单独存在时在C点的场强，然后根据电场的叠加原理合成得到C点的场强．（3）由公式F=qE求解q C所受静电力大小，根据负电荷所受的电场力与场强方向相反，确定静电力的方向．【解答】解：（1）q A受到的库仑力大小，方向由A指向B；（2）C处的电场强度大小 E C=E AC+E BC=k+k=3.6×104V/m，方向由C 指向B．（3）q C所受静电力大小为，方向由C指向A．。

[推荐学习]度高二物理上学期期中试卷(含解析)

山东省济南市历城二中2015～2016学年度高二上学期期中物理试卷一、选择题（本大题共15小题，10题每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分；115题每题至少两个选项正确，每题4分，选不全得2分，共20分．）1．下列物理量中与检验电荷有关的是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U AB D．电场力F2．关于静电场，下列说法中正确的是（）A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电场中某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加3．如图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角，则关于a、b两点场强大小及电势φa、φb的高低关系正确的为（）A．E a=3E b，φa＞φb B．E a=3E b，φa＜φbC．E a=，φa＜φb D．E a=E b，φa＜φb4．某电解池，如果在1秒钟内共有5.0×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）A．0 B．0.8 A C．1.6 A D．3.2 A5．如图所示，在xOy平面内有一个以O为圆心、半径R=0.1m的圆，P为圆周上的一点，O、P两点连线与x轴正方向的夹角为θ．若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小E=100V/m，则O、P两点的电势差可表示为（）A．U OP=﹣10cosθ（V）B．U OP=10sinθ（V）C．U OP=﹣10sinθ（V）D．U OP=10cosθ（V）6．a、b为两个带等量正电荷的固定小球，O为ab连线的中点，c、d为中垂线上的两对称点，若在c点静止释放一个电子，电子只在电场力作用下运动；则下列叙述正确的有（）A．电子从c→O的过程中，做加速度增大的加速运动B．电子从c→O的过程中，电子的电势能在减小C．电子从c→d的过程中，电子受到电场力先增大后减小，方向不变D．从c→d的过程中，电场的电势始终不变7．两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（）A．两电阻的阻值为R1小于R2B．两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压C．两电阻并联在电路中时，R1消耗的功率大于R2消耗的功率D．两电阻并联在电路中时，R1的电流大于R2的电流8．如图，一带负电的粒子只在电场力作用下沿图中AB曲线穿过一匀强电场，a、b、c、d 均为匀强电场的等势面，则下列判断正确的是（）A．电场强度的方向竖直向上B．a点电势比d点高C．粒子在b等势面处所具有的电势能比d等势面处大D．粒子在运动过程中受到电场力的大小不变，方向不断变化9．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）A．的读数变大，的读数变小B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大10．如图所示电路中，电源E的电动势为3.2V，电阻R的阻值为30Ω，小灯泡L的额定电压为3.0V，额定功率为4.5W，当电键S接位置2时，电压表的读数为3V，那么当电键S接到位置1时，小灯泡L的发光情况是（）A．有可能被烧坏 B．正常发光C．正常发光略亮 D．很暗，甚至不亮11．如图所示，A和B为两等量异号电荷，A带正电，B带负电．在A、B的连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，a、c两点与b点等距，则（）A．a点与c点的电场强度相同B．a点与c点的电势相同C．a、b间的电势差与b、c间的电势差相同D．过b点做A、B连线的垂线，点电荷q沿此垂线方向移动，电荷的电势能保持不变12．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变13．如图所示，O是一固定的点电荷，另一点电荷P从很远处以初速度u．射入点电荷O的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN．a、b、c是以O为中心Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，Rc一Rb=Rb一Ra.1、2、3、4为轨迹MN与三个圆的一些交点．以|W12|表示点电荷P由l到2的过程中电场力做的功的大小，|W34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（）A．|W12|=2|W34| B．|W12|＞2|W34|C．P、O两电荷可能同号D．P、O两电荷一定异号15．如图所示，直线a、抛物线b和曲线c分别为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率P、电源内部发热功率P r、输出功率P R随电流I变化的图象，根据图象可知（）A．电源的电动势为9V，内阻为3ΩB．电源的电动势为3V，内阻为1ΩC．图象中任意电流值对应的P、P r、P R间的关系为P＞P r+P RD．电路中总电阻为2Ω时，外电阻上消耗的功率最大且为2.25W16．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则（）A．变化过程中△U和△I的比值保持不变B．电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为△UD．电容器的带电量增大，增加量为C△U二.实验题（本大题共2小题，每题中每空2分，共18分．）17．在“测定金属的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5Ω，提供以下器材供选择：A．电池组（3V，内阻1Ω）B．电流表（0～3A，内阻0.012 5Ω）C．电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）D．电压表（0～3V，内阻4kΩ）E．电压表（0～15V，内阻15kΩ）F．滑动变阻器（0～20Ω，允许最大电流1A）G．滑动变阻器（0～2 000Ω，允许最大电流0.3A）H．开关、导线若干（1）实验时应从上述器材中选用（填写仪器前的字母代号），并在虚线框中画出实验电路图．（2）待测金属丝电阻的测量值比真实值偏（选填“大”或“小”）；（3）若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如下图所示，则读数为mm；（4）若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式ρ= ．18．某学生测量电源的电动势E及内阻r所需的实验器材如图2所示．（1）在图1画出实验电路原理图．（2）用笔画线代替导线在图中，完成实物连线．（3）测量该电源电动势和内电阻所得的U﹣I图线，则由图3可知该电源的电动势为V，内电阻为Ω．（保留两位有效数字）三、计算题（本题3小题，共32分．解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）19．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路，当电机不转时，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A．问：（1）电动机正常工作时的输出功率多大？（2）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？20．在一个水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小E=6.0×105N/C，方向与x轴正方向相同．在O处放一个电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.20，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2.0m/s，g取10m/s2，如图所示，求：（1）物块能到达O点右端的最远距离．（2）物块最终停止时的位置．21．如图1所示，两平行极板P、Q的极板长度和板间距均为l，位于极板左侧的粒子源沿极板中央向右连接发射质量为m、电量为+q、速度相同、重力不计的带电粒子，在0～3t0时间内两板间加上如图2所示的电压（不考虑极边缘的影响）．已知t=0时刻进入两板间的带电粒子恰好在t0时刻经极板边缘射出．上述m、q、l、t0为已知量．（不考虑粒子间相互影响及返回板间的情况）（1）求电压U0的大小．（2）求时进入两板间的带电粒子在离开电场时的速度大小．山东省济南市历城二中2015～2016学年度高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共15小题，10题每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分；115题每题至少两个选项正确，每题4分，选不全得2分，共20分．）1．下列物理量中与检验电荷有关的是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U AB D．电场力F【考点】电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．【解答】解：AB、电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与检验电荷的电量无关，由电场本身决定的，故AB错误；C、电势差：U AB=φA﹣φB所以电势差仅仅与电场本身以及电场中的点有关，与试探电荷无关．故C错误；D、电场力F=qE，在电场中的同一点，检验电荷所受的电场力与试探电荷的电量成正比．故D正确．故选：D．【点评】对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．2．关于静电场，下列说法中正确的是（）A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电场中某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加【考点】电场；电场强度；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】静电场中，电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零，沿电场线电势一定降低．E=是电场强度定义公式．带电平行金属板间的场强E=．公式U=Ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离．根据电势能E p=qφ去判断电势能变化．【解答】解：A、在电场强度为零的区域电势不一定为零，故A错误．B、根据电场强度定义公式E=，可知某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小，故B正确．C、公式U=Ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离．所以在匀强电场中两点间沿着电场方向的距离越大，电势差就越大，故C错误．D、根据电势能E p=qφ，负电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定增加，故D正确．故选BD．【点评】本题关键抓住电场强度与电势的概念，同时要注意电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零．知道不同电场求解电场强度用不同的公式．3．如图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角，则关于a、b两点场强大小及电势φa、φb的高低关系正确的为（）A．E a=3E b，φa＞φb B．E a=3E b，φa＜φbC．E a=，φa＜φb D．E a=E b，φa＜φb【考点】电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】先根据几何知识求出a、b两点到点电荷的距离之比，再根据点电荷场强公式E=k求解场强之比．再根据沿电场线方向电势降低确定两点电势的高低．【解答】解：设a、b两点到点电荷的距离分别为r a和r b．根据几何知识得：r b=r a．根据E=k得：E a：E b=：=3，则有：E a=3E b．由场强方向可知该点电荷带负电，电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线方向电势降低，则φa＜φb．故选：B．【点评】理解并掌握点电荷场强的决定式，把握沿电场线方向电势降低的特点，即可顺利解决此类题目．4．某电解池，如果在1秒钟内共有5.0×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）A．0 B．0.8 A C．1.6 A D．3.2 A【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流．一价离子所带电量大小为e=1.6×10﹣19C．【解答】解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为I==，将n1=5×1018个，n2=1×1019个，e=1.6×10﹣19C代入解得，I=3.2A故选：D．【点评】本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和．5．如图所示，在xOy平面内有一个以O为圆心、半径R=0.1m的圆，P为圆周上的一点，O、P两点连线与x轴正方向的夹角为θ．若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小E=100V/m，则O、P两点的电势差可表示为（）A．U OP=﹣10cosθ（V）B．U OP=10sinθ（V）C．U OP=﹣10sinθ（V）D．U OP=10cosθ（V）【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】匀强电场中电势差U=Ed，关键在于明确d为沿电场线方向的有效距离【解答】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以d OP=R•sinθ，故：U op=﹣100×0.1sinθ=﹣10sinθ（V）故选：C．【点评】一定要注意明确公式中d的准确含义，d是沿电场线方向的距离，故可以将实际距离向电场线方向作投影；本题如果不习惯用符号表示，可以先确定大小，再根据电场线由高电势指向低电势确定电势差的正负6．a、b为两个带等量正电荷的固定小球，O为ab连线的中点，c、d为中垂线上的两对称点，若在c点静止释放一个电子，电子只在电场力作用下运动；则下列叙述正确的有（）A．电子从c→O的过程中，做加速度增大的加速运动B．电子从c→O的过程中，电子的电势能在减小C．电子从c→d的过程中，电子受到电场力先增大后减小，方向不变D．从c→d的过程中，电场的电势始终不变【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【专题】运动学与力学（二）．【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和带电小球的运动的情况．【解答】解：A、B：根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从C点到无穷远，先增大后减小，故加速度可能先增大后减小；故A错误；B、c到O的过程中，电场力做正功；故电势能减小；故B正确；C、由A的分析可知，电子受到的电场力可能先减小、再增大再减小；再由O点到d点时，先增大，后减小；故C错误；D、由于电场线是向外的；故电势先增大后减小；故D错误；故选：B．【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况．7．两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（）A．两电阻的阻值为R1小于R2B．两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压C．两电阻并联在电路中时，R1消耗的功率大于R2消耗的功率D．两电阻并联在电路中时，R1的电流大于R2的电流【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】本题为图象分析问题，在图中任意做一条与纵轴垂直的直线，则与两图象的交点为电流相同点，对应的横坐标得出电压值，则由欧姆定律可进行电阻大小的比较．两电阻串联在电路中时，电流相等，两电阻并联在电路中时，电压相等．【解答】解：A、U﹣I图象斜率表示电阻，故两电阻的阻值为R1大于R2，故A错误．B、两电阻串联在电路中时，电流相等，根据A的分析可知：即U1＞U2，故B正确；C、两电阻并联在电路中时，电压相等，根据P=可知：R1消耗的功率小于R2消耗的功率，故C错误．D、两电阻并联在电路中时，电压相等，根据I=得：R1的电流小于R2的电流，故D错误．故选：B【点评】本题为图象分析问题，要能从图象中得出有效信息，两电阻串联在电路中时，电流相等，两电阻并联在电路中时，电压相等．8．如图，一带负电的粒子只在电场力作用下沿图中AB曲线穿过一匀强电场，a、b、c、d 均为匀强电场的等势面，则下列判断正确的是（）A．电场强度的方向竖直向上B．a点电势比d点高C．粒子在b等势面处所具有的电势能比d等势面处大D．粒子在运动过程中受到电场力的大小不变，方向不断变化【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解决本题的突破口是：由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧．同时注意电场线和等势线垂直，说明电场沿竖直向下方向，电场力竖直向上，负电荷沿轨迹AB运动，根据电场力做功情况，即可判断电势能的变化【解答】解：A、根据电场线和等势线垂直，且从高电势处指向低电势处，由于此负电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧，得知电场沿竖直向下方向．故A错误．B、由A分析知，电场沿竖直向下方向，a点电势比d点低．故B错误．C、粒子的电场力向上，轨迹向上弯曲，则电场力对粒子做正功，其电势能逐渐减小，故C 正确；D、电场为匀强电场，故粒子在运动过程中受到电场力的大小不变，方向不变．故D错误．故选：C【点评】本题通过带电粒子在电场中的运动考查了等势线和电场线、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧9．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）A．的读数变大，的读数变小B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据S的通断可分析出电路电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流及路端电压的变化；再由串并联电路的性质可判及各部分电流的变化．【解答】解：S断开时，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1的电压和内电压减小，故R3两端的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，故B正确；故选：B．【点评】应用闭合电路欧姆定律解决电路的动态分析时一般可按照：外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行，灵活应用闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质进行分析即可求解．10．如图所示电路中，电源E的电动势为3.2V，电阻R的阻值为30Ω，小灯泡L的额定电压为3.0V，额定功率为4.5W，当电键S接位置2时，电压表的读数为3V，那么当电键S接到位置1时，小灯泡L的发光情况是（）A．有可能被烧坏 B．正常发光C．正常发光略亮 D．很暗，甚至不亮【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】压轴题；恒定电流专题．【分析】当开关接2时R接在电源两端，由闭合电路的欧姆定律可求得电源的内阻；开关接位置1时，灯泡接在电源两端，由闭合电路欧姆定律可求得灯泡的实际电压，则可判断灯泡的发光情况．【解答】解：当开关接位置2时，电路中电流I===0.1A；由闭合电路欧姆定律可知，U=E﹣Ir，解得：r=2Ω；灯泡的额定电流I额===1.5A；电阻R L==2Ω；当开关接位置1时，由闭合电路欧姆定律可知：I==0.8AU=E﹣Ir=3.2V﹣0.8×2V=1.6V＜3V；故灯泡亮度很暗，甚至不亮；故选D．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，在解题时注意灯泡的明暗程度取决于灯泡的实际电压．11．如图所示，A和B为两等量异号电荷，A带正电，B带负电．在A、B的连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，a、c两点与b点等距，则（）A．a点与c点的电场强度相同B．a点与c点的电势相同C．a、b间的电势差与b、c间的电势差相同D．过b点做A、B连线的垂线，点电荷q沿此垂线方向移动，电荷的电势能保持不变【考点】库仑定律；电场的叠加．【分析】A、B为两等量异号电荷，产生的电场具有对称性，即关于AB连线的中垂线对称；根据顺着电场线电势降低，判断ac电势的高低；根据等势线对称性分析a、b间电势差与b、c间电势差的关系；AB连线的中垂线是等势线，电荷在等势线上移动时，电场力不做功．【解答】解：A、A、B为两等量异号电荷，产生的电场关于AB连线的中垂线对称，可知a点与c点的电场强度相同．故A正确．B、电场线方向从A到B，因为顺着电场线，电势降低，则a点电势高于c点的电势．故B 错误．C、由于AB产生的电场关于AB连线的中垂线左右对称，又ab=bc，根据U=Ed可定性分析得出a、b间电势差等于b、c间电势差．故C正确．D、将过b点做A、B连线的垂线，即为等势线，点电荷q沿此垂线方向移动，电场力不做功，电荷的电势能保持不变，故D正确．故选：ACD．【点评】对于等量异号电荷电场的电场线、等势线分布情况要熟悉，高考常常在这方面做出题，关键要抓住对称性．12．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．【解答】解：A、根据C=知，d增大，则电容减小．故A错误．B、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变．故B错误．C、电势差不变，d增大，则电场强度减小，P点与上极板的电势差减小，则P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小．故C正确．D、电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变．故D正确．故选CD．【点评】本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变．13．如图所示，O是一固定的点电荷，另一点电荷P从很远处以初速度u．射入点电荷O的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN．a、b、c是以O为中心Ra、Rb、Rc为半径画出的三个圆，Rc一Rb=Rb一Ra.1、2、3、4为轨迹MN与三个圆的一些交点．以|W12|表示点电荷P由l到2的过程中电场力做的功的大小，|W34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（）A．|W12|=2|W34| B．|W12|＞2|W34|C．P、O两电荷可能同号D．P、O两电荷一定异号【考点】动能定理的应用；等势面．【分析】根据2、3间和3、4间电场强度的大小关系，由公式U=Ed分析它们间电势差的关系，再分析电场力做功的大小．由轨迹可判定P、Q必定是异号．【解答】解：A、B、根据点电荷电场线的分布情况可知，2、3间的场强大于3、4间场强，由公式U=Ed分析得知，2、3间的电势差大小大于3、4间的电势差大小，所以1、2间的电势差大于3、4间电势差的2倍，即有|U12|＞2|U34|，由电场力做功公式W=qU得，|W12|＞2|W34|．故A错误，B正确．C、D、由轨迹的弯曲方向可判定两电荷间存在引力，应是异号．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】本题是电场中轨迹问题，由U=Ed定性可以定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系，由轨迹弯曲方向判断电场力方向都是常见的问题．15．如图所示，直线a、抛物线b和曲线c分别为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率P、电源内部发热功率P r、输出功率P R随电流I变化的图象，根据图象可知（）A．电源的电动势为9V，内阻为3ΩB．电源的电动势为3V，内阻为1ΩC．图象中任意电流值对应的P、P r、P R间的关系为P＞P r+P R。

山东省临沂市2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析

山东省临沂市2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题：本大题箕l0小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．2．（4分）（2014•天津）质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，该质点（）﹣3．（4分）某公交车沿水平公路做匀变速直线运动，车顶上用一轻杆和一细线各悬挂一小球，轻杆与竖直方向成θ角固定于车顶，细线与竖直方向成α角，如图所示，若θ＜a，不考虑一切阻力，则下列说法中正确的是（）4．（4分）如图所示，叠放在水平面上的三个物体A、B、C一起向右做匀速直线运动，其中C物体受到水平拉力F作用，下列判断正确的是（）5．（4分）一物块静止在粗糙的水平桌面上，物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．若给该物块施加一水平力F=kt（后是大于零的常数），则物块的加速度a和其受到的摩擦力f随6．（4分）2013年12月10日晚上九点二十分，在太空飞行了九天的“嫦娥三号”飞船再次成功变轨，从100km×100km的环月圆轨道I降低到椭圆轨道Ⅱ（近月点15km、远月点100km），两轨道相交于点P，如图所示．关于“嫦娥三号”飞船，以下说法正确的是（）为常数，可得半长轴7．（4分）如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC．BC的中点．若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是（）8．（4分）如图所示，一个质量为m的圆环套在固定的倾斜光滑杆上的B点，并与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的下端固定在地面上的A点，此时弹簧处于原长h．当圆环从静止开始沿杆下滑至底端C时速度恰好为零．则在圆环下滑的过程中（）9．（4分）甲从离地h高处以水平初速度v0抛出一物体A，同时乙从地面以大小相等的初速度v0竖直上抛物体B，且它们的初速度在同一竖直平面内，空气阻力不计．若甲、乙两人抛t′，即：可得：10．（4分）“魔盘”娱乐设施转动得很慢时，盘上的人都可以随“魔盘”一起转动而不至于被甩开，随着“魔盘”的转速增大，盘上的人逐渐向边缘滑去．两个质量均为m的小孩a和b（可视为质点）坐在水平“魔盘”上，其简化图如图所示．a、b与转轴OO′的距离分别为l和2l．两小孩与“魔盘”的最大静摩擦力（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）为其所受重力的k倍，重力加速度大小为g，若“魔盘”从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示“魔盘”转动的角速度，下列说法正确的是（）==二、实验题：本题共15分，把答案填在答题纸上的相应位置．11．（6分）如图甲所示，小车开始在水平玻璃板上匀速运动，紧接着在水平薄布面上做匀减速运动（小车刚驶上粗糙的薄布面瞬间有一碰撞过程，动能有所减少）．打点计时器打出的纸带及相邻两点间的距离（单位：cm）如图乙所示，纸带上相邻两点间对应的时间间隔为0.02s．则小车在水平玻璃板上匀速运动的速度是0.9m/s；小车在薄布面上做匀减速运动的加速度大小是5m/s2，初速度是0.85m/s．解：匀速运动的速度等于位移除以时间=====12．（9分）某校物理兴趣小组利用如图所示的实验装置验证滑块和钩码组成的系统机械能守恒．已知滑块上遮光条的宽度为d，先后通过A、B光电门的时间分别为At1、△t2（滑块通过光电门B时，钩码未落地）．①本实验中需要测量的物理量有ABD（填字母代号）．A．滑块的质量M B．钩码的质量mC．滑块从光电门A到B所用的时间t D．光电门A、B的间距s②验证本系统机械能守恒的表达式为mgs=（M+m）（（）2﹣（）2）（用已知量和测得的物理量表示）．③下列四个选项中，会导致实验误差增大的是AD（填字母代号）．A．气垫导轨未调水平B．滑块质量M和钩码质量m不满足m＜MC．遮光条宽度太小D．两光电门间距过小．）﹣（）﹣（三、计算题：本题共4小题，共45分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（10分）如图所示，粗糙水平轨道AB与竖直光滑半圆弧轨道BC相切于B点，圆弧轨道半径R=0.4m．一质量m=0.1kg的物块（可看成为质点）在水平力F作用下自水平轨道上的P 点由静止开始做匀加速运动，到达B点时撤去F物块在圆弧轨道上运动时对轨道压力的最大值为6.0N，P点离B点的距离s=0.4m．（已知物块与地面间动摩擦因数弘=0.5，取g=10m/s2）求：（1）物块到达C点时的速度大小；（2）水平力F的大小．点：V=a=14．（10分）质量m=0.1kg的带电小球，在某电场中从D点经A、B运动至C点，已知O、A、B、C四点在同一条竖直线上，t=0时小球恰在O点，忽略空气阻力，取向下为正方向（g取10m/s2），小球的v﹣t图象如图所示．求：（l）t=1s时带电小球的加速度和所受电场力的大小；（2）带电小球前14s下落的高度及克服电场力所做的功．其加速度大小为15．（12分）在2014年9月24日仁川亚运会上，我国举重运动员向艳梅以268公斤的总成绩夺得69公斤级金牌，并打破了亚运会纪录，举重运动是力量与技巧充分结合的体育项目，就“抓举”而言，其技术动作可分为预备、提杠铃、发力、下蹲支撑、起立、放下杠铃等六个步骤，下图表示了其中的三个状态．已知杠铃质量为150kg．运动员从发力到支撑，杠铃上升的距离为h1=0.64m，历时0.8s；从支撑到起立，杠铃上升的距离为h2=0.86m．若从发力到支撑过程可简化为先匀加速上升达到最大速度，再竖直上抛达到最高点，忽略一切阻力，g=10n/s2．求：（1）从发力到支撑的过程中杠铃向上运动的最大速度；（2）运动员发力过程对杠铃的平均作用力的大小；（3）在整个过程中运动员对杠铃所做的功．，==16．（13分）如图所示，静止在水平地面上的平板车，质量M=10kg，其上表面离水平地面的高度h=1.25m．在离平板车左端B点L=2.7m的P点放置一个质量m=1kg的小物块（小物块可视为质点）．某时刻对平板车施加一水平向右的恒力F=50N，一段时间后小物块脱离平板车落到地面上．（车与地面及小物块间的动摩擦因数均为μ=0.2，取g=10m/s2）求：（1）小物块从离开平板车至落到地面上所需时间；（2）小物块离开平板车时的速度大小；（3）小物块落地时，平板车的位移太小．t=小物体向有运动位移为平板车的加速度为平板车向右的位移为平板车在两者分立后的位移为。

2015-2016学年高二上学期学期期中考试物理试卷

2015-2016 学年度第一学期期中测试高二物理试卷一、单项选择题（此题共26小题，每题 3分，共 78分. ）1. 静电现象在自然界中广泛存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记录《春秋纬˙考异邮》中有“玳瑁吸褡”之说，以下对于静电现象说法错误．．是（）A．梳过头发的塑料梳子吸起纸屑B．带电小球移至不带电金属球邻近，二者互相吸引C．丝绸摩擦玻璃棒起电的过程中，丝绸中的正电荷转移到玻璃棒上D．从干燥的地毯走过，手遇到金属把手时有被电击的感觉2．有两个点电荷，所带电荷量分别为1和2，相距为r，互相作使劲为．为了使它们之间的q q F 作使劲增大为本来的 2 倍，以下做法可行的是（）A．仅使 1 增大为本来的 2 倍B．仅使 2 减小为本来的一半q 2 倍D qC．使q和q都增大为本来的．仅使 r 减小为本来的一半213．对于电场强度 E 的说法正确的选项是（）A. 依据 E＝ F/q 可知，电场中某点的电场强度与电场力 F 成正比，与电量q 成反比B.一个正电荷激发的电场的电场强度到处同样，是一个匀强电场C.电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所遇到的电场力的方向同样D.电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所遇到的电场力的方向同样4．对于电场、电场强度、电场线，以下说法中不正确．．．的是（）A ．电场是电荷四周客观存在的物质B．电场线是为了形象描述电场而设想的曲线C ．电场线不行能订交D．没有电场线的地方，电场强度为零5．以下各图中，能正确表示一平等量异种电荷电场线散布的是（）+-+--+-+A ．B．C．和 E D．6．电场线散布以下图，电场中 a，b 两点的电场强度大小分别为已知E，则（）a bA ． E a = E bB. E a> E bC. E a b< ED.不可以确立7．两个等量点电荷P、 Q在真空中产生的电场线（方向未画出）以下图，一电子在两点所受的电场力分别为F A和 F B，则它们的大小关系为（）A．F A=F B方向不一样B．F A>F B方向同样C ． F A<F B方向同样D F A>F B8．以下不是静电利用的是（）．．A．在高大的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．静电复印D．静电喷漆A、B9．以下说法中不正确的是()．．．A．电容器是储藏电荷的装置, 电容的单位是法拉B．电容器不带电时电容为零C．发电机是把其余形式的能转变成电能的装置D．白炽灯是利用电流的热效应工作的10.指南针是我国古代四大发明之一。

山东省高二上学期期中考试物理试卷(附答案和解析)

山东省高二上学期期中考试物理试卷(附答案和解析) 学校:___________班级：___________姓名：___________考号：___________一、单选题1．几个水球可以挡住一颗子弹？《国家地理频道》的实验结果是：四个水球足够！完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是（）A．子弹在每个水球中的速度变化相同B．子弹在每个水球中运动的时间相同C．每个水球对子弹的冲量相同D．每个水球对子弹的做功相同2．关于电源电动势的概念，以下说法中正确的是（）A．电动势、电压和电势差虽名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同B．在闭合电路中，电源电动势在数值上总是等于电源两极间的电压C．在闭合电路中，电源电动势在数值上等于内、外电压之和D．电源把其他形式的能转化为电能越多，电源电动势越大3．一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y=0.1sin（2.5πt），位移y的单位为m，时间t的单位为s。

则（）4．如图所示，一个孩子将下方挂有五个相同小钩码的五个相同的氢气球栓结在一起，以3m/s的初速度从地面竖直向上托起，离开手后刚好匀速向上运动，当上升至高度h=的位置时，一个小钩码脱落。

已知每个小钩码的质量为m，重力加速度取2m2g，不计空气阻力、风力、绳子和氢气球的质量，则下列说法正确的是（）=10m/sA．脱落的小钩码落地前，五个小钩码和五个氢气球组成的系统机械能守恒B．脱落的小钩码落地前，其动能逐渐增大C．小钩码从脱落到落地，在空中运动的时间为1sD．脱落的小钩码落地时，氢气球从钩码脱落处又上升了3m5．关于单摆，下列说法正确的是（）A．摆球受到的回复力方向总是指向平衡位置，当摆球运动到平衡位置时，合力为零B．如果有两个大小相同的带孔塑料球和带孔铁球，任选一个即可C．将单摆的摆角从4°改为2°，单摆的周期变小D．在用单摆测重力加速度实验中，若摆长值忘记加摆球半径，则测量值偏小6．如图所示的电路中，电阻R=2Ω，断开S后，电压表的读数为5V；闭合S后，电压表的读数为2V，电压表为理想电表，则电源的内阻r为（）A．1ΩB．2ΩC．3ΩD．4Ω7．如图所示，电路中电表均为理想电表。

山东省临沂2015-2016学年高二6月月考物理试题

临沂一中2014 级高二下学期 6 月学段考试物理试题2016.6说明：本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(实验题和计算题)两部分，共 4 页，满分l00 分，考试时间l00 分钟。

注意事项：1.答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题纸上。

2.每小题选出答案后，用铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，不能答在试题卷上。

3.第Ⅱ卷答案也要写在答题纸上，考试结束后将答题纸交回第Ⅰ卷(选择题，共48 分)一、选择题，本题共12 小题，每小题 4 分，共48 分。

在每小题给出的四个选项中，1～7 题只有一项是符合题目要求，8～12 题有多项符合题目要求。

全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得0 分。

1. 小球每隔0.2s 从同一高度抛出，做初速为6m/s 的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰。

第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g＝10m/s2）（）A.3 个B.4 个C.5 个D.6 个2.甲乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1 小时内的位移-时间图像如图所示。

下列表述正确的是（）A．0.2-0.5小时内，甲的加速度比乙的大B．0.2-0.5小时内，甲的速度比乙的大C．0.6-0.8小时内，甲的位移比乙的小D．0.8 小时内，甲、乙骑行的路程相等3.物体做直线运动的v-t 图象如图，由图可知该物体()A．第1s内和第3s 内的运动方向相反B．第3s内和第4s 内的加速度相同C．第1s内和第4s 内的位移大小不相等D．0～2s 和0～4s 内的平均速度大小相等-14.如图，质量m A＞m B的两物体A、B 叠放在一起，靠着竖直墙面。

让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中,物体 B 的受力示意图是( )A B C D的是()A.木块受到的摩擦力大小是mgcos aB.木块对斜面体的压力大小是mgsin aC.桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsin a cos aD.桌面对斜面体的支持力大小是(M+m)g6.如图所示，两木块的质量分别为m1 和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1 和k2，上面木块压在上面的弹簧上（但不拴接），整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的木块，直到它刚离开上面弹簧．在这过程中上面木块移动的距离为（）A．m1g/k1 B．m1g/k1+m2g/k2 C. m1g/k1+m1g/k2D．(m1+m2)g/k17.如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O 点，右端跨过位于O’点的固定光滑轴悬挂一质量为M 的物体；OO’段水平，长为度L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环。

山东省临沂市2015届高三上学期检测期中考试物理试题(word版)

山东省临沂市2015届高三上学期检测期中考试物理试题本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．满分100分，考试时间100分钟，注意事项：1．答第I卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型（A或B）用铅笔涂写在答题纸上。

2．每小题选出答案后，用铅笔把答题纸上对应题目的答案代号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上。

3．第Ⅱ卷答案也要写在答题纸上，考试结束后将答题纸交回。

第I卷（选择题共40分）一、选择题：本大题箕l0小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．关于运动情况的描述，下列说法中错误．．的是A．初速度为零的匀变速运动，一定是直线运动B．匀变速运动的速度大小和方向可以同时变化C．做变速运动的物体，其动能一定变化D．变速直线运动的加速度方向和速度方向有可能不相同2．某质点做直线运动的v-t图象如图所示，该质点A．第1秒末速度方向发生了改变B．第2秒末加速度方向发生了改变C．前2秒内发生的位移为零D．第3秒末和第5秒末的位置相同3．某公交车沿水平公路做匀变速直线运动，车顶上用一轻杆和一细线各悬挂一小球，轻杆与竖直方向成θ角固定于车顶，细线与竖直方向成α角，如图所示，若θ<a，不考虑一切阻力，则下列说法中正确的是A．小车可能以加速度gtanα向右做匀加速运动B．小车可能以加速度gtanθ向左做匀减速运动C．轻杆对小球的弹力方向沿轻杆向上D．轻杆对小球的弹力方向与细线平行向上．4．如图所示，叠放在水平面上的三个物体A、B、C一起向右做匀速直线运动，其中C物体受到水平拉力F作用，下列判断正确的是A．A与B的接触面可能是光滑的B．B与C的接触面可能是光滑的C．A与B的接触面一定是粗糙的D．C与水平面的接触面一定是粗糙的5．一物块静止在粗糙的水平桌面上，物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．若给该物块施加一水平力F =kt（后是大于零的常数），则物块的加速度a和其受到的摩擦力f随时间变化的图象正确的是6．2013年12月10日晚上九点二十分，在太空飞行了九天的“嫦娥三号”飞船再次成功变轨，从l00km×l00km的环月圆轨道I降低到椭圆轨道Ⅱ（近月点15km、远月点l00km），两轨道相交于点P，如图所示．关于“嫦娥三号”飞船，以下说法正确的是A．飞船在轨道I上运动到P点的速度比在轨道Ⅱ上运动到P点的速B．飞船在轨道I上运动到尸点的向心加速度比在轨道Ⅱ上运动到P点的向心加速度小C．飞船在轨道I上的引力势能与动能之和比在轨道Ⅱ上的引力势能与动能之和大D．飞船在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道I上运动的周期7．如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为A C．BC的中点．若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是A．M、N两点场强相同B．M、Ⅳ两点电势相同C．负电荷由无穷远处移到Ⅳ点时，电势能一定增加D．负电荷由无穷远处移到C处，电场力做功为零8．如图所示，一个质量为m的圆环套在固定的倾斜光滑杆上的B点，并与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的下端固定在地面上的A点，此时弹簧处于原长h．当圆环从静止开始沿杆下滑至底端C时速度恰好为零．则在圆环下滑的过程中A．圆环的机械能守恒B．弹簧的弹性势能先增大后减小C．弹簧的弹性势能增加了mghD．弹簧的弹性势能最大时圆环应处于BC之间的某一位置9．甲从离地h高处以水平初速度v0抛出一物体A，同时乙从地面以大小相等的初速度v0竖直上抛物体B，且它们的初速度在同一竖直平面内，空气阻力不计．若甲、乙两人抛出点的水平距离为s，为使B能在上升过程与A相遇，则h、v0、s应满足的关系是10．“魔盘”娱乐设施转动得很慢时，盘上的人都可以随“魔盘”一起转动而不至于被甩开，随着“魔盘”的转速增大，盘上的人逐渐向边缘滑去．两个质量均为m的小孩a和b（可视为质点）坐在水平“魔盘”上，其简化图如图所示．a、6与转轴OO'的距离分别为Z和2Z．两小孩与“魔盘”的最大静摩擦力（．等于滑动摩擦力）为其所受重力的k倍，重力加速度大小为g若“魔盘”从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用∞表示“魔盘”转动的角速度，下列说法正确的是A ．b 一定比a 先开始滑动B ．a 、b 所受的摩擦力始终相等C ．b 开始滑动的临界角速度ω=2kg lD ．当ω=23kgl时，a 所受摩擦力的大小为kmg 第Ⅱ卷（非选择题共60分）注意事项：1．第Ⅱ卷共6小题，其中11 -12小题为实验题，13 -16题为计算题．2．第Ⅱ卷所有题目的答案考生须用黑色签字笔答在答题纸上，在试题卷上答题无效，二、实验题：本题共15分，把答案填在答题纸上的相应位置。

山东省临沂市2016届高三物理上学期期中试卷(含解析)

2015-2016学年山东省临沂市高三（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．科学家关于物体运动的研究极大地促进了物理学的发展，下列说法不符合历史事实的是（）A．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质B．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去D．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变2．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g，某时刻把细线剪断，当细线剪断瞬间，下列说法正确的是（）A．物块A的加速度为0 B．物块A的加速度为C．物块B的加速度为0 D．物块B的加速度为3．如图所示，长为3L的轻杆可绕光滑水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B（可视为质点），球A距轴O的距离为L．现给系统一定动能，使杆和球在竖直平面内转动．当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力，已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是（）A．球B的速度为0 B．杆对球B的弹力为0C．球B的速度为D．球A的速度等于4．2015年10月17日中国在西昌卫星发射中心成功发射了亚太九号通讯卫星，该卫星运行的轨道示意图如图所示，卫星先沿椭圆轨道1运行，近地点为Q，远地点为P，当卫星经过点P时点火加速，使卫星由椭圆轨道1转移到地球同步轨道2上运行，下列说法中错误的是（）A．卫星在轨道1和轨道2上运动时的机械能相等B．卫星在轨道1上运行经过P点的速度大于经过Q点的速度C．卫星在轨道2上时处于超重状态D．卫星在轨道1上运行经过P点的加速度等于在轨道2上运行经过P点的加速度5．一个质量为50kg的人乘坐电梯，由静止开始上升，整个过程中电梯对人做功的功率随时间变化的P﹣t图象如图所示，其中电梯在0～2s做匀加速直线运动，2～5s做匀速直线运动，5～9s做匀减速直线运动，g=10m/s2，则以下说法错误的是（）A．前2s内电梯对人的支持力为550NB．在2～5s内电梯的速度为2m/sC．电梯加速阶段的加速度为1m/s2D．电梯加速运动过程中对人所做的功大于减速阶段对人所做的功6．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的固定粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下，那么物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变D．克服摩擦力做的功小于拉力F做的功7．如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球（可视为质点），在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是（）A．a、b两球到底端时速度相同B．a、b两球重力做功之比为3：1C．小球a受到的弹力等于小球b受到的弹力D．小球a下滑的时间与小球b下滑的时间之比为：18．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，已知ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2l，l=1m，电场线与四边形所在平面平行．已知a点电势为18V，点电势为22V，d点电势为6V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为B．场强的方向由a指向cC．场强的方向由b指向d D．c点的电势为14V9．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动，物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，图中v0、a0为已知，下列说法正确的是（）A．.物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体的质量为D．物体匀速运动速度大小为v010．在光滑水平面上，a、b两小球沿同一直线相向运动，当小球间距小于或等于L时，受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用，小球间距大于L时，相互间的排斥力为零．小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知（）A．b球质量大于a球质量B．在t2时刻两小球间距最小C．在t1时刻两小球间距最小D．在0﹣t3时间内a球所受排斥力方向始终与运动方向相反二、实验题（本题共16分）11．某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数．已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同．小木块由斜面上的A点静止下滑，经过B点到达水平面上的C 点静止．A、C两点间的水平距离为x．小木块可视为质点．回答下列问题：（1）小木块质量为m，重力加速度大小为g，若滑动摩擦因数为μ，由A点运动到C点过程中，克服摩擦力做功与x之间的关系式为W f= ．（2）为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？．A．小木块的质量m B．斜面倾角 C．A、B两点间的距离lD．A、C两点间的竖直高度差h E．A、C两点间的水平距离x（3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ= ．（4）小木块运动到B点时，由于水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将（填“偏大”、“相等”或“偏小”）．12．某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未碰到滑轮），从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示．打点计时器电源的频率为50Hz．（1）通过分析纸带数据，可判断物块在相邻计数点和之间某时刻开始减速．（2）计数点6对应的速度大小为m/s．（结果保留三位有效数字）（3）物块减速运动过程中加速度的大小为a= m/s2．（结果保留三位有效数字）（4）设重物质量为m，物块质量为M，物块与桌面间的动摩擦因数为μ，不考虑空气阻力以及纸带与限位孔之间摩擦、绳与滑轮之间的摩擦，g为重力加速度，则在加速阶段的表达式为．三、计算题（共4小题，满分44分）13．某游乐场有一种大型游乐设施﹣跳楼机，参加游戏的游客被安全带固定在跳楼机的座椅上，提升到离地高度60m处，然后由静止释放，开始下落过程可认为自由落体运动，下落2s后，游客和座椅整体受到一竖直向上的恒定阻力而做匀减速运动，且落地时速度恰好为零．已知游客和座椅总质量为2000kg，重力加速度g=10m/s2．求：（1）下落过程中最大速度；（2）该恒定阻力的大小．14．（10分）（2015秋•临沂期中）如图所示，P是固定在水平面上的圆弧轨道，O是圆弧的圆心，C为圆弧轨道最高点，D为圆弧轨道最低点，从高台边B点以速度v0水平飞出质量为m、带电量为+q的小球，恰能从圆弧轨道的左端A点沿圆弧切线方向进入，θ是OA与竖直方向的夹角，圆弧轨道的竖直直径COD右边存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E，已知：m=1kg，v0=3m/s，q=1.6×10﹣4C，E=104V/m，θ=53°，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．若小球恰能到达最高点C，不计空气阻力和所有摩擦．求：（1）A、B两点的高度差；（2）圆弧轨道的半径R大小．15．（12分）（2015秋•临沂期中）如图甲所示，竖直放置的直角三角形NMP（MP边处于水平），∠NMP=θ，MP中点处固定一电量为Q的正点电荷，MN是长为a的光滑绝缘杆，杆上穿有一带正电的小球（可视为点电荷），小球自N点由静止释放，小球的重力势能和电势能随位置x（取M点处x=0）的变化图象如图乙所示（图中E0、E1、E2为已知量），重力加速度为g，设无限远处电势为零，M点所处的水平面为重力零势能面．（1）图乙中表示电势能随位置变化的是哪条图线？（2）求重力势能为E1时的横坐标x1和带电小球的质量m；（3）求小球从N点运动到M点时的动能E x．16．（13分）（2015秋•临沂期中）如图所示，将小物体（可视为质点）置于水平桌面上的薄纸板上，每次用不同水平向右的恒力F拉动纸板，纸板和小物体的运动情况也不同．若纸板的质量m1=0.1kg，小物体的质量m2=0.4kg，小物体与桌面右边缘的距离d=0.12m，与纸板左边缘的距离l=0.04m；已知小物体与纸板上表面间以及纸板下表面与桌面的动摩擦因数均为μ1=0.2，小物体与桌面间的动摩擦因数为μ2=0.1；设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，g 取10m/s2．求：（1）当小物体与纸板一起运动时，桌面对纸板的摩擦力大小；（2）拉力F满足什么条件，小物体才能与纸板发生相对滑动；（3）若拉力F作用一段时间t后，纸板从小物体下抽出，此后小物体恰好运动到桌面右边缘停下，求拉力F的大小和作用时间t．2015-2016学年山东省临沂市高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．科学家关于物体运动的研究极大地促进了物理学的发展，下列说法不符合历史事实的是（）A．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质B．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去D．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，即惯性，故A正确；B、在伽利略研究的基础上，笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故B正确；C、伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，故C正确；D、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才会运动，没有力的作用，物体就要静止下来，故D错误；本题选不符合历史事实的，故选：D【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g，某时刻把细线剪断，当细线剪断瞬间，下列说法正确的是（）A．物块A的加速度为0 B．物块A的加速度为C．物块B的加速度为0 D．物块B的加速度为【考点】牛顿第二定律．【专题】整体思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】剪断细线前，隔离对A分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度．【解答】解：剪断细线前，弹簧的弹力：F弹=mgsin30°=mg，细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为F弹=mg；剪断细线瞬间，对A、B系统，加速度为：a==，即A和B的加速度均为．故选：B【点评】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用．3．如图所示，长为3L的轻杆可绕光滑水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B（可视为质点），球A距轴O的距离为L．现给系统一定动能，使杆和球在竖直平面内转动．当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力，已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是（）A．球B的速度为0 B．杆对球B的弹力为0C．球B的速度为D．球A的速度等于【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】参照思想；模型法；机械能守恒定律应用专题．【分析】球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，可以求出求B的线速度与角速度；转动过程中，由于A、B两球的角速度相等，由v=ωr知v A．【解答】解：ABC、球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，有：mg=m，解得：v=，故A错误，BC正确；D、由于A、B两球的角速度相等，由v=ωr知v A=v B=，故D错误；故选：BC【点评】本题球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，同时两球角速度相等，线速度之比等于转动半径之比．4．2015年10月17日中国在西昌卫星发射中心成功发射了亚太九号通讯卫星，该卫星运行的轨道示意图如图所示，卫星先沿椭圆轨道1运行，近地点为Q，远地点为P，当卫星经过点P时点火加速，使卫星由椭圆轨道1转移到地球同步轨道2上运行，下列说法中错误的是（）A．卫星在轨道1和轨道2上运动时的机械能相等B．卫星在轨道1上运行经过P点的速度大于经过Q点的速度C．卫星在轨道2上时处于超重状态D．卫星在轨道1上运行经过P点的加速度等于在轨道2上运行经过P点的加速度【考点】万有引力定律及其应用；牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】卫星在椭圆轨道上运动时在近地点做离心运动，在远地点做近心运动，根据相应运动条件判断速度大小问题，卫星在轨道上运动的加速由万有引力产生，决定加速度的大小是万有引力的大小．【解答】解：A、在P点处，卫星在轨道1的速度小于轨道2上的速度，因此在轨道1的机械能小于在轨道2上运动时的机械能，故A错误；B、卫星从Q到P，因引力做负功，则在轨道1上运行经过P点的速度小于经过Q点的速度，故B错误；C、卫星在轨道2上时处于失重状态．故C错误．D、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：a=，所以卫星在轨道2上经过P点的加速度等于在轨道1上经过P点的加速度，故D正确．本题选择错误的，故选：ABC．【点评】正确理解卫星变轨前后的运动，知道近心运动的条件为速度小于正常速度，匀速圆周运动的条件是合力充当向心力．5．一个质量为50kg的人乘坐电梯，由静止开始上升，整个过程中电梯对人做功的功率随时间变化的P﹣t图象如图所示，其中电梯在0～2s做匀加速直线运动，2～5s做匀速直线运动，5～9s做匀减速直线运动，g=10m/s2，则以下说法错误的是（）A．前2s内电梯对人的支持力为550NB．在2～5s内电梯的速度为2m/sC．电梯加速阶段的加速度为1m/s2D．电梯加速运动过程中对人所做的功大于减速阶段对人所做的功【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】定量思想；图析法；功率的计算专题．【分析】在2﹣5s内功率恒定，故人做匀速运动，求的速度，再结合2s末的功率求的电梯对人的作用力，根据牛顿第二定律求的加速度，在P﹣t图象中所围面积为电梯对人所做的功【解答】解：A、在2﹣5s内功率恒定，故此时拉力等于重力，物体匀速运动，由P=mgv得v=，故在前2s内由P=Fv得F=，故前2s内电梯对人的支持力为550N，故AB正确；C、在加速阶段由牛顿第二定律可得F﹣mg=ma解得a=1m/s2，故C正确D、加速阶段电梯对人做功为W1=Pt=，减速阶段电梯对人做功为，故电梯加速运动过程中对人所做的功小于减速阶段对人所做的功，故D错误因选错误的，故选：D【点评】解答本题的关键是理解图象的含义，根据图象可以知道人的运动的情况，根据不同的运动过程住个计算即可6．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的固定粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下，那么物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变D．克服摩擦力做的功小于拉力F做的功【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】当物体只有重力做功，物体的机械能守恒，根据牛顿第二定律求出F和摩擦力合力的大小，结合机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒．【解答】解：A、物体的加速度为 a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：F﹣mgsin30°﹣f=ma，解得F﹣f=m＞0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，机械能一定增加．故A正确，BC错误；D、F﹣f=m＞0，可知，克服摩擦力做的功小于拉力F做的功．故D正确．故选：B【点评】解决本题的关键理解机械能守恒的条件，只有重力做功，不是只受重力，其它力可以做功，只要做功的代数和为零，机械能仍然守恒．若除重力以外其他力做功不为零，机械能不守恒．7．如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球（可视为质点），在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是（）A．a、b两球到底端时速度相同B．a、b两球重力做功之比为3：1C．小球a受到的弹力等于小球b受到的弹力D．小球a下滑的时间与小球b下滑的时间之比为：1【考点】功能关系；功的计算．【专题】定量思想；方程法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】a、b两球到底端时速度的方向沿各自斜面的方向；根据位移公式计算下滑的时间．重力做功W=mgh，根据平衡条件比较质量的大小；则可得出重力做功的大小．【解答】解：A、由机械能守恒定律可知：mgh=mv2；解得：v=；故到达底部时速度的大小相同；但是方向不同．故A错误；B、根据平衡条件：m a g=同理可得：m b g=故m a：m b=3：1小球到底端的过程中重力做的功：W=mgh，则a、b两球重力做功之比为3：1，故B正确；C、小球a受到的弹力为：N=m a gcos30°=3mg小球b受到的弹力为：N′=m b gcos60°=mg•故a受到的弹力大于球b受到的弹力；故C错误；D、设从斜面下滑的高度为h，则有：=at2a a=gsin30°得：t=同理：=gsin60°t′2t′=可见a球下滑的时间较长，故D正确；故选：BD．【点评】本题考查动能定理及共点力的平衡条件，关键是找出二球静止时绳子对两球的拉力是相同的，进而可以比较二者重力的大小关系．8．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，已知ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2l，l=1m，电场线与四边形所在平面平行．已知a点电势为18V，点电势为22V，d点电势为6V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为B．场强的方向由a指向cC．场强的方向由b指向d D．c点的电势为14V【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】定性思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】连接bd，bd连线分成四等分，可知M点的电势等于a点，作出等势面，由沿着电场线方向，电势降低来确定电场线的方向，作出电场线，进而即可求解．【解答】解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为18V，b点电势为22V，d点电势6V，且ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为18V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面，由几何关系可知：因bd=l所以 bM=因此aM=，所以aM垂直于bd．则电场线方向为b指向d，E=，故AC正确，B错误；D、C点电势与N点电势相等，N点电势为18﹣4=14V，所以c点的电势为14V．故D正确．故选：ACD【点评】本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰，难度适中．9．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动，物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，图中v0、a0为已知，下列说法正确的是（）A．.物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体的质量为D．物体匀速运动速度大小为v0【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．【专题】定量思想；图析法；功率的计算专题．【分析】物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大【解答】解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由F﹣mg﹣f=ma联立解得由乙图可知，，解得，f=，故A正确，BC错误D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v=，故D正确故选：AD【点评】本题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决本题的关系10．在光滑水平面上，a、b两小球沿同一直线相向运动，当小球间距小于或等于L时，受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用，小球间距大于L时，相互间的排斥力为零．小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知（）A．b球质量大于a球质量B．在t2时刻两小球间距最小C．在t1时刻两小球间距最小D．在0﹣t3时间内a球所受排斥力方向始终与运动方向相反【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】定性思想；图析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】先从v﹣t图象找出两个小球加速度的大小关系然后结合牛顿第二定律判断质量的关系；根据v﹣t图象判断何时有最小距离．【解答】解：A、相互作用阶段，a、b两球所受的合力相等，图线的斜率表示加速度，可知b球的加速度大于a球，根据牛顿第二定律知，b球的质量小于a球的质量，故A错误．B、二者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，故B正确，C错误．D、在0﹣t3时间内，a球做减速运动，知所受的合力方向与速度方向相反，即所受的排斥力始终与运动方向相反，故D正确．故选：BD．【点评】本题考查了v﹣t图象、牛顿第二定律、加速度与速度的关系等有关知识，有一定的综合性．知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．二、实验题（本题共16分）11．某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数．已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同．小木块由斜面上的A点静止下滑，经过B点到达水平面上的C 点静止．A、C两点间的水平距离为x．小木块可视为质点．回答下列问题：（1）小木块质量为m，重力加速度大小为g，若滑动摩擦因数为μ，由A点运动到C点过程中，克服摩擦力做功与x之间的关系式为W f= μmgx ．（2）为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？DE ．A．小木块的质量m B．斜面倾角 C．A、B两点间的距离lD．A、C两点间的竖直高度差h E．A、C两点间的水平距离x（3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ= ．（4）小木块运动到B点时，由于水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将偏大（填“偏大”、“相等”或“偏小”）．。

山东省临沂市某重点中学2015-2016学年高二物理上学期期中试题

山东省临沂市某重点中学2015-2016学年高二物理上学期期中试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共6页。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

满分100分，考试用时100分钟。

第I 卷(选择题共40分)注意事项：1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并认真填涂准考证号。

2.每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

在试题上作答无效。

一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多个选项符合题目要求。

全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分) 1.下列说法中正确的是（） A ．在静电场中，电场线可以相交B ．在静电场中，电场线越密的地方，电场强度越大C ．静电场中某点电场强度的方向，就是放在该点的电荷所受电场力的方向D ．正电荷在静电场中运动的轨迹必定与电场线重合 2.下列说法正确的是（）A ．只有体积很小的带电体才能看成点电荷B ．一带负电的金属小球放在潮湿的空气中，一段时间后，发现该小球上带的负电荷几乎不存在了．这说明小球上原有的负电荷逐渐消失了C ．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根测得的，元电荷跟一个电子电荷量数值相等D ．由公式122q q F kr=可知，当真空中的两个电荷间的距离0r →时，它们之间的静电力F →∞3.如图所示电路中，电源内阻不可忽略．开关S 闭合后，在变阻器0R 的滑动端向下滑动的过程中( )A ．电压表与电流表的示数都减小B ．电压表与电流表的示数都增大C ．电压表的示数增大，电流表的示数减小D ．电压表的示数减小，电流表的示数增大A ．公式①、②、③均适用于任何静电场B ．公式②和③适用于任何匀强电场C ．公式①和②只适用于点电荷形成的静电场D ．公式③只适用于匀强电场5.下图是静电喷涂原理的示意图．喷枪喷嘴与被涂工件之间有强电场，喷嘴喷出的带电涂料微粒在强电场的作用下会向工件高速运动，最后被吸附到工件表面．则可知（） A ．微粒一定带正电B ．微粒可能带正电，也可能带负电C ．微粒运动过程中，电势能越来越小D ．微粒运动过程中，电势能越来越大6.如图甲所示，A 、B 是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB 由A 点运动到B 点，其速度时间图象如图乙所示，电子到达B 点时速度恰为零．下列判断正确的是( ) A ．A 点的电场强度一定大于B 点的电场强度 B ．电子在A 点的加速度一定大于在B 点的加速度 C ．A 点的电势一定高于B 点的电势 D ．该电场可能是负点电荷产生的7. 如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子( ) A ．所受重力与电场力平衡 B ．电势能逐渐增加 C ．动能逐渐增加D．做匀变速直线运动8. 两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（） A. 两电阻的阻值关系为R 1小于R 2B. 两电阻并联在电路中时，流过R1的电流小于流过R2的电流C. 两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压D. 两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率9. 两只电流表A1和A2是由完全相同的两只电流表改装成的，A1表的量程是5A，A2表的量程是15A．为了测量15～20A的电流，把A1表和A2表并联起来使用，在这种情况下（）A. A1表和A2表的示数相等B. A1表和A2表的指针偏转角度相等C. A1表和A2表的示数之比为1：3D. A1表和A2表的指针偏转角度之比为1：310. 如图所示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、﹣Q，虚线是以+Q所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d 两点关于x轴对称．下列判断正确的是（）A．b、d两点处的电势相同B．四点中c点处的电势最低C．b、d两点处的电场强度相同D．将一试探电荷+q沿圆周由c点移至a点，+q的电势能减小第Ⅱ卷（非选择题，共60分）注意事项：第Ⅱ卷用黑色碳素笔在答题卡上各题的答题区域内作答，在试题上作答无效。

山东省临沭县高二物理上学期期中试题(扫描版)

山东省临沭县2015-2016学年高二物理上学期期中试题（扫描版）高二物理学科阶段质量检测参考答案2015.11一、选择题：本题共12小题，每小题4分，满分48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.B2.B3.D4.A5.A6.C7.BD8.ACD9.ABC 10. BD 11.ABC 12.AC二、实验题：（共14分）13.（1）5.850 （2） AC （每空3分）14. 串联 4900 并联 0.5 （每空2分）三、论述、计算题：本题共4小题，每题10分，共38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．15.（8分）解：（1）q A 受到的库仑力大小，（2分）方向由A 指向B ；（1分）（2）C 处的电场强度大小E C =E AC +E BC =k +k =3.6×104V/m ，（2分）方向由C 指向B ．（1分）（3）q C 所受静电力大小为，（2分） 16.（10分）解：（１）电键Ｓ断开时，220210010A U I A A R r ===++ （2分）所以电炉A 上的电压 200A A U IR V == （2分）电炉A 消耗的功率 2400A A P I R W == （2分）（２）电键Ｓ闭合时，两电炉的电阻并联值为100824510082R ⨯=Ω=Ω+并（1分）总电流 '22044510U I A A R r ===++并（1分）电炉A 上的电压 ''180A U I R V ==并（1分）电炉A 消耗的功率 '22'180324100A A A U P W W R === （1分）17.（10分）18.（10分）解析：（1）在加速电场中有20121mv qU = ① （2分）在偏转电场中离子的加速度qEqUa m md == （1分）在偏转电场中运动时间 0Lt v = （1分）偏转量2022)(2121v Lmd qU at y == ② （1分）由①②得1224dU LU y = （1分）（2） 02v Lmd qU at V y == ③ （2分）- 11 - 0tan yV v θ= ④ （1分）由①③④得21tan 2U L dU θ= （1分）。

山东省临沂市临沭县2015_2016学年高一物理上学期期中试题(含解析)

2015-2016学年山东省临沂市临沭县高一（上）期中物理试卷一、选择题（共14小题，每小题3分，满分48分）1．物理学中引入“质点”概念，从科学方法上说，是属于（）A．极限法B．微元法C．类比法D．理想模型法2．在下列与运动学相关的表述中，正确的是（）A．研究地球的公转必须选太阳为参考系B．研究地球的自转可以把地球视为质点C．加速度是描述速度变化快慢的物理量D．每晚7点至7点30分是新闻联播时间，这里的7点30分指一段时间3．下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（）A．时间、位移、速度、加速度B．速度、速率、位移、平均速度C．路程、时刻、速率、速度变化量D．位移、加速度、瞬时速度、速度变化量4．伽利略对自由落体运动的研究，体现了科学实验和逻辑思维的完美结合．他将落体实验转化为斜面实验的示意图如图所示，利用斜面实验主要是为了便于测量小球的（）A．速度 B．位移 C．时间 D．加速度5．物体从A点静止出发，做匀加速直线运动，紧接着又做匀减速直线运动，到达B点时恰好停止．在先后两个运动过程中（）A．时间一定相同 B．平均速度一定相同C．加速度的大小一定相同 D．物体通过的路程一定相等6．如图甲所示，两位同学根据课本提示的方法，利用自由落体运动做反应时间的测量．如图乙所示，A点是开始时受到人手指的位置，B点是结束时受测人手指的位置，到受到人的反应时间大致为（）A．0.20s B．0.25s C．0.30s D．0.35s7．一物体在光滑斜面上由静止从斜面顶端匀加速下滑，斜面足够长，当下滑距离为L时，物体速度为v，那么当速度为2v时，物体沿斜面下滑的总距离是（）A．2L B．3L C．4L D．6L8．做匀加速直线运动的列车出站时，车头经过站台某点O时速度是1m/s，车尾经过O点时的速度是7m/s，则这列列车的车身中点经过O点时的速度为（）A．4m/s B．5m/s C．6m/s D．4.6m/s9．下列叙述中正确的是（）A．匀速直线运动是速度不变的运动B．匀变速直线运动是加速度不变的运动C．瞬时速度可以看成是时间趋于无穷小时的平均速度D．两物体相比，速度变化量较大的物体其加速度一定较大10．一质点做变速直线运动，已知v0＞0，a＞0，在加速度a值逐渐变小且不等于零的过程中，其速度和位移值的变化情况是（）A．速度减小 B．速度增大 C．位移减小 D．位移增大11．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=t2+5t（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是7m/sC．第3s初的速度是11m/sD．任意1s内的速度增量都是2m/s12．如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）A．第1s内和第3s内的运动方向相同B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第3s内的位移大小相等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等13．关于打点计时器以及打点计时器的使用，下列说法正确的是（）A．电火花计时器可以直接使用直流电源B．使用电磁打点计时器时，要让复写纸片压在纸带的上面C．使用打点计时器时要先接通电源，后释放纸带D．纸带上的点痕记录了物体在不同时刻的位置或某段时间内的位移14．在t=0时甲、乙两物体同时从同一地点出发沿同一直线运动，甲做匀速运动，乙做初适度为零的匀加速运动，以出发点为参考点，它们的位移一时间（x﹣t）图象如图所示，设甲、乙两物体在t1时刻的速度分别为V甲、V乙，则（）A．V甲：V乙=1：1B．V甲：V乙=1：2C．在t1时刻甲乙两物体的相遇D．在0﹣t1时间内甲乙两物体的平均速度相同二、填空题（共3小题，每小题3分，满分12分）15．一位观察者测出，悬崖跳水者碰到水面前在空中下落了3秒．如果不考虑空气阻力，悬崖的高度为．实际上是有空气阻力的，因此实际高度比计算值（填“大些”或是“小些”）16．小明同学为了测出一井口到水面的距离，让一个小石块从井口自由落下，经过2.7s后听到石块击水的声音，据此小明估算了井口到水面的距离．若考虑到声音在空气中传播需要一定的时间，小明的估算结果比实际值（填“偏大”或“偏小”）17．如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，则物块下滑的加速度a= m/s2，打下C点时物块的速度v= m/s．打下A点时物块的速度v= m/s．（结果保留两位有效数字）三、解答题（共4小题，满分40分）18．在火车站，通常可见列车运行的时刻表，根本下面的T14次特快列车时刻表，求：（1）列车正常运行，在22：22时的速度是多大？（2）列车由蚌埠站开出直至到达济南站，运行的平均速度是多少km/h？（结果取整数）停靠站到达时刻开车时刻里程（km）上海… 18：00 0蚌埠 22：17 22：25 484济南 02：55 03：12 966北京08：00 (1463)19．一汽车先以10m/s的速度匀速行驶，从某时刻起作匀加速直线运动，经4s后速度达到24m/s，之后便以24m/s的速度匀速行驶，后又因前方出现障碍物而紧急刹车，刹车时的加速度大小是6m/s2．（1）求汽车加速阶段的加速度大小．（2）求汽车刹车后5s内发生的位移大小．20．（12分）（2015秋•临沭县期中）从离地面500m的空中自由释放一个小球，空气阻力忽略不计，取g=10m/s2，求：（1）小球经过多长时间落到地面？（2）小球在下落的第4s内的位移是多少？（3）如果在释放第一个小球1s后，在同一位置再释放第二个小球，当两球的距离相差50m 时，则第二个小球下落了多长时间？21．（12分）（2015秋•临沭县期中）甲、乙两车在平直公路上比赛，某一时刻，乙车在甲车前方L1=11m处，乙车速度v乙=60m/s，甲车速度v甲=50m/s，此时乙车离终点线尚有L2=600m，如图所示．若甲车做匀加速运动，加速度a=2m/s2，乙车速度不变，不计车长．（1）经过多长时间甲、乙两车间距离最大，最大距离是多少？（2）到达终点时甲车能否超过乙车？2015-2016学年山东省临沂市临沭县高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共14小题，每小题3分，满分48分）1．物理学中引入“质点”概念，从科学方法上说，是属于（）A．极限法B．微元法C．类比法D．理想模型法【考点】质点的认识．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】物理学中引入了“质点”、“点电荷”、“电场线”等概念，都是在物理学中引入的理想化的模型，是众多的科学方法中的一种．【解答】解：“质点”是为了研究问题简单而引入的理想化的物理模型，所以从科学方法上来说属于理想物理模型，故D正确，ABC错误．故选：D【点评】理想化的模型是实际物体的简化处理．物理上研究的方法很多，我们在学习物理知识的同时，更要学习科学研究的方法．2．在下列与运动学相关的表述中，正确的是（）A．研究地球的公转必须选太阳为参考系B．研究地球的自转可以把地球视为质点C．加速度是描述速度变化快慢的物理量D．每晚7点至7点30分是新闻联播时间，这里的7点30分指一段时间【考点】质点的认识；参考系和坐标系．【专题】定性思想；归谬反证法；直线运动规律专题．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可，因此能否看作质点与物体的形状、体积、质量等因素无关，关键是看本身的尺寸对所研究的问题是否可以忽略．参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．时间和时刻的区分，时间指的是时间的长度，是时间段；时刻指的是时间点，区分它们就看指的是时间的长度还是一个时间点．【解答】解：A、参考系的选取是任意的．故A错误；B、研究地球的自转时，地球的大小不可以忽略不计，不可以把地球看成质点，故B错误．C、加速度是描述速度变化快慢的物理量．故C正确．D、每晚7点至7点30分是新闻联播时间，这里的7点30在时间轴上是一个点，表示的是时刻，故D错误．故选：C【点评】为了研究和描述物体的运动，我们引入了参考系，选择不同的参考系，同一物体相对于不同的参考系，运动状态可以不同，选取合适的参考系可以使运动的研究简单化．3．下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（）A．时间、位移、速度、加速度B．速度、速率、位移、平均速度C．路程、时刻、速率、速度变化量D．位移、加速度、瞬时速度、速度变化量【考点】矢量和标量．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】矢量既有大小，又有方向．时间、质量、速率和路程是标量，只有大小，没有方向，而加速度、位移、速度、速度变化量既有大小，又有方向均是矢量．【解答】解：A、时间是标量，位移、速度是标量，不符合题意．故A错误．B、速度、加速度是矢量，速率是标量，不符合题意．故B错误．C、路程、时刻、速率都标量．故C错误．D、位移、速度、速度变化量、加速度都是矢量，符合题意．故D正确．故选：D【点评】本题考查矢量和标量的识别能力，根据有没有方向分析，对于常见的矢量，其方向特点要抓住．4．伽利略对自由落体运动的研究，体现了科学实验和逻辑思维的完美结合．他将落体实验转化为斜面实验的示意图如图所示，利用斜面实验主要是为了便于测量小球的（）A．速度 B．位移 C．时间 D．加速度【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】常规题型．【分析】伽利略对自由落体运动规律研究应当结和当时科学发展的实际水平，应当加深对物理学史的研究．【解答】解：伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律．伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化．但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间．伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量．故ABD错误，C正确；故选：C【点评】伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法．5．物体从A点静止出发，做匀加速直线运动，紧接着又做匀减速直线运动，到达B点时恰好停止．在先后两个运动过程中（）A．时间一定相同 B．平均速度一定相同C．加速度的大小一定相同 D．物体通过的路程一定相等【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移是指物体从初位置指向末位置的有向线段；平均速度是用物体的位移与所用时间的比值．【解答】解：物体先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，但是物判断物体运动的具体的加速度和运动的时间不确定，所以不能物体的具体的加速度时间和物体通过的路程的大小，所以ACD错误；根据匀变速直线运动的规律，=可知，先后两个运动过程中平均速度一定相同，所以B正确．故选B．【点评】本题就是考查学生对基本概念的理解，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单．6．如图甲所示，两位同学根据课本提示的方法，利用自由落体运动做反应时间的测量．如图乙所示，A点是开始时受到人手指的位置，B点是结束时受测人手指的位置，到受到人的反应时间大致为（）A．0.20s B．0.25s C．0.30s D．0.35s【考点】自由落体运动．【专题】信息给予题；定性思想；推理法；自由落体运动专题．【分析】题目创设了一个自由落体运动的情景，告诉位移求时间，代入公式即可．【解答】解：由题意，在反映时间内，刻度尺下落的高度：H=31.85﹣0.85=31.00cm=0.31m由自由落体运动的规律知：H=gt2得 t=，故B正确．故选：B【点评】本题考查自由落体运动的位移与时间的关系公式，是一道基础题．学生从一个实际背景中抽象出物理模型是非常重要的能力7．一物体在光滑斜面上由静止从斜面顶端匀加速下滑，斜面足够长，当下滑距离为L时，物体速度为v，那么当速度为2v时，物体沿斜面下滑的总距离是（）A．2L B．3L C．4L D．6L【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】比较思想；类比法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，联立方程求出物体速度为2v时，沿斜面下滑的总距离．【解答】解：根据速度位移公式得，v2=2aL，（2v）2=2ax，联立解得x=4L．故选：C．【点评】本题考查了匀变速直线运动的速度位移公式的基本运用，关键抓住初速度为零，结合末速度之比求出位移之比．8．做匀加速直线运动的列车出站时，车头经过站台某点O时速度是1m/s，车尾经过O点时的速度是7m/s，则这列列车的车身中点经过O点时的速度为（）A．4m/s B．5m/s C．6m/s D．4.6m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，联立方程求出这列列车车身中点经过O点的速度大小．【解答】解：设这列列车的车身中点经过O点时的速度为v，根据速度位移公式得，，，解得v=．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．9．下列叙述中正确的是（）A．匀速直线运动是速度不变的运动B．匀变速直线运动是加速度不变的运动C．瞬时速度可以看成是时间趋于无穷小时的平均速度D．两物体相比，速度变化量较大的物体其加速度一定较大【考点】加速度．【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】匀速直线运动的速度保持不变，匀变速直线运动的加速度保持不变，加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、匀速直线运动的速度保持不变，故A正确．B、匀变速直线运动的加速度保持不变，故B正确．C、瞬时速度可以看成时间趋于无穷小时的平均速度，故C正确．D、根据a=知，速度变化量较大，加速度不一定大，故D错误．故选：ABC．【点评】解决本题的关键知道匀速直线运动和匀变速直线运动的特点，知道加速度的物理意义，基础题．10．一质点做变速直线运动，已知v0＞0，a＞0，在加速度a值逐渐变小且不等于零的过程中，其速度和位移值的变化情况是（）A．速度减小 B．速度增大 C．位移减小 D．位移增大【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】根据加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化，根据速度方向是否发生改变，判断位移的变化．【解答】解：已知v0＞0，a＞0，知加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大，由于速度方向不变，则位移一直增大．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．11．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=t2+5t（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是7m/sC．第3s初的速度是11m/sD．任意1s内的速度增量都是2m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式得出初速度和加速度，结合位移公式、速度公式进行求解．【解答】解：A、第1s内的位移x1=1+5×1m=6m，故A错误．B、前2s内的位移x2=4+5×2m=14m，则前2s内的平均速度，故B正确．C、根据知，质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2，则第3s初的速度v=v0+at=5+2×2m/s=9m/s，故C错误．D、任意1s内的速度增量△v=at=2×1m/s=2m/s，故D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式，并能灵活运用，基础题．12．如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）A．第1s内和第3s内的运动方向相同B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第3s内的位移大小相等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】比较思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．根据这些知识进行解答．【解答】解：A、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，第1s内和第3s内的运动方向相同，故A正确；B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B正确；C、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第3s内的位移大小相等．故C正确；D、根据“面积”可知：0～2s内和0～4s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误．故选：ABC【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．13．关于打点计时器以及打点计时器的使用，下列说法正确的是（）A．电火花计时器可以直接使用直流电源B．使用电磁打点计时器时，要让复写纸片压在纸带的上面C．使用打点计时器时要先接通电源，后释放纸带D．纸带上的点痕记录了物体在不同时刻的位置或某段时间内的位移【考点】用打点计时器测速度．【专题】实验题；定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】解决实验问题首先了解实验仪器工作特点、掌握基本仪器的使用等．在实验操作步骤的顺序上要注意先通电，后释放纸带．【解答】解：A、打点计时器均使用交流电源，故A错误；B、使用电磁打点计时器时，要让复写纸片压在纸带的上面，故B正确；C、为了提高纸带的利用率，同时为了使打点稳定，使用打点计时器时要先接通电源，后释放纸带，故C正确；D、纸带上的点痕记录了物体在不同时刻的位置或某段时间内的位移，故D正确；故选：BCD．【点评】对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解．14．在t=0时甲、乙两物体同时从同一地点出发沿同一直线运动，甲做匀速运动，乙做初适度为零的匀加速运动，以出发点为参考点，它们的位移一时间（x﹣t）图象如图所示，设甲、乙两物体在t1时刻的速度分别为V甲、V乙，则（）A．V甲：V乙=1：1B．V甲：V乙=1：2C．在t1时刻甲乙两物体的相遇D．在0﹣t1时间内甲乙两物体的平均速度相同【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】定量思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】图中位移﹣时间图象，其斜率等于物体的速度．图中两图线相交，表示位移相同，物体处于同一位置，根据运动学基本公式求解即可．【解答】解：ABC、根据图象可知，t1时间内，甲乙位移相等，由于两个物体同时从同一地点出发沿同一直线运动，所以在t1时刻甲乙两物体相遇．设t1时间的位移为x，则有：x=v甲t1，x=t，解得：v甲：v乙=1：2，故A错误，BC正确．D、在0﹣t1时间内甲乙两物体的位移相等，时间相等，则平均速度相等，故D正确．故选：BCD．【点评】解答本题的关键是知道t1时间内位移相等，再根据运动学基本公式求解．二、填空题（共3小题，每小题3分，满分12分）15．一位观察者测出，悬崖跳水者碰到水面前在空中下落了3秒．如果不考虑空气阻力，悬崖的高度为44.1m ．实际上是有空气阻力的，因此实际高度比计算值小些（填“大些”或是“小些”）【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】悬崖跳水者做自由落体运动，根据h=估算高度；由于空气阻力的影响，实际加速度小于自由落体加速度，根据h=判断误差情况．【解答】解：悬崖跳水者做自由落体运动，高度为：h==；实际上是有空气阻力的，故实际加速度a＜g，实际位移h=；故答案为：44.1，小些．【点评】本题关键是明确悬崖跳水者的运动性质，然后根据位移时间关系公式列式求解高度并进一步判断误差情况．16．小明同学为了测出一井口到水面的距离，让一个小石块从井口自由落下，经过2.7s后听到石块击水的声音，据此小明估算了井口到水面的距离．若考虑到声音在空气中传播需要一定的时间，小明的估算结果比实际值偏大（填“偏大”或“偏小”）【考点】自由落体运动．【专题】定性思想；推理法；自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合匀变速直线的位移时间公式进行求解．【解答】解：根据h=可知，由于声音在空气中传播需要一定的时间，所以测量的时间偏大，估算出井口到水面的距离偏大．故答案为：偏大【点评】解决本题的关键知道自由落体运动的特点，结合匀变速直线运动的运动学公式灵活求解，注意测量的时间偏大，因为声音在空气中传播需要时间．17．如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，则物块下滑的加速度a= 1.0 m/s2，打下C点时物块的速度v= 0.54 m/s．打下A点时物块的速度v= 0.34 m/s．（结果保留两位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s．根据△x=aT2可得：x CE﹣x AC=a（2T）2，物体的加速度 a==≈1.0m/s2C点对应的速度：v C===0.54m/s；根据速度公式，v C=v A+a•2T，解得：v A=v C﹣a•2T=0.54﹣1×0.2=0.34m/s，故答案为：1.0，0.54，0.34．【点评】解决本题的关键要掌握本实验的原理：匀变速直线的两个推论，由于本实验中连续相等时间内位移不构成等差数列，所以要运用逐差求加速度．三、解答题（共4小题，满分40分）18．在火车站，通常可见列车运行的时刻表，根本下面的T14次特快列车时刻表，求：（1）列车正常运行，在22：22时的速度是多大？（2）列车由蚌埠站开出直至到达济南站，运行的平均速度是多少km/h？（结果取整数）停靠站到达时刻开车时刻里程（km）上海… 18：00 0蚌埠 22：17 22：25 484济南 02：55 03：12 966北京08：00 (1463)【考点】平均速度．【专题】计算题；定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】（1）根据表中数据明确列车的行驶规律，则可知道在22：22时列车静止，从而求出对应的速度；（2）由表格数据获得从蚌埠至济南的距离，知道列车运行时间，根据速度公式求出平均速度．【解答】解：（1）由时刻表可知，当列车正常运行时，在22：22时的速度为零；（2）列车从蚌埠到济南运行的时间t=24：00﹣22：25+2：55=4h30min=4.5h；路程为s=966km﹣484km=482km则平均速度v===107km/h答：在火车站，通常可见列车运行的时刻表，根本下面的T14次特快列车时刻表，求：（1）列车正常运行，在22：22时的速度是0；（2）列车由蚌埠站开出直至到达济南站，运行的平均速度是107km/h【点评】本题考查速度公式的应用，直接根据平均速度的定义就能解出，关键要读懂列车时刻表，弄明白列车行驶的时间和路程是解决此题的关键．。

山东省临沂一中2015-2016学年高二上学期月考物理试卷(12月份) 含解析

2015-2016学年山东省临沂一中高二（上）月考物理试卷（12月份)一、选择题(本题共12小题，每题4分,共48分，其中1-6题为单选题，7—12题为多选题．选对得4分,选不全得2分，选错不得分）1．用多用电表欧姆挡（×100)测试三只二极管，其结果依次如图①②③所示，关于二极管的说法正确的是（)A．①是完好的，且a端为正极B．②是完好的，且a端为正极C．②是完好的,且b端为正极D．③是完好的,且b端为正极2．如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线为中心,半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度为0，则下列说法中不正确的是()A．直导线中电流方向垂直纸面向外B．d点的磁感应强度为0C．a点的磁感应强度为2T，方向向右D．b点的磁感应强度为T，方向斜向下,与B成45°角3．一磁感应强度B的匀强磁场方向水平向右,一面积为S的矩形线圈abcd如图所示放置,平面abcd与竖直方向成θ角，将abcd绕ad轴转180°角,则穿过线圈平面的磁通量的变化量为（）A．0 B．2BS C．2BScosθD．2BSsinθ4．如图所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板，一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为F1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一通电导线,电流方向如图所示，当加上电流后，台秤读数为F2，则以下说法正确的是(）A．F1＞F2，弹簧长度将变长B．F1＞F2，弹簧长度将变短C．F1＜F2，弹簧长度将变长D．F1＜F2，弹簧长度将变短5．如图所示，a和b是从A点以相同的动能射入匀强磁场的两个带等量电荷的粒子运动的半圆形径迹,已知r a=2r b，则由此可知(）A．两粒子均带正电，质量比=4B．两粒子均带负电，质量比=4C．两粒子均带正电,质量比=D．两粒子均带负电,质量比=6．如图所示,开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直，且一半在磁场内，一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列办法中不可行的是(）A．将线框向左拉出磁场B．以ab边为轴转动（小于90°）C．以ad边为轴转动（小于60°) D．以bc边为轴转动（小于60°）7．调整欧姆零点后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小,那么正确的判断和做法是（)A．这个电阻的阻值很小B．这个电阻的阻值很大C．为了把电阻值测得更准确些，应换用“×1"挡，重新调整欧姆零点后测量D．为了把电阻值测得更准确些，应换用“×100”挡，重新调整欧姆零点后测量8．质量为m的金属导体棒置于倾角为θ的导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为μ，当导体棒通以垂直纸面向里的电流时，恰能在导轨上静止．如图所示的四个图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中棒与导轨间的摩擦力可能为零的是(）A．B．C．D．9．如图所示,在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场,一对正、负电子同时从边界上的O 点沿与PQ成θ角的方向以相同的速度v射入磁场中．则正、负电子（）A．在磁场中的运动时间相同B．在磁场中运动的轨道半径相同C．出边界时两者的速度相同D．出边界点到O点处的距离相等10．中国科学家发现了量子反常霍尔效应，杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级的成果．如图所示，厚度为h,宽度为d的金属导体，当磁场方向与电流方向垂直时，在导体上下表面会产生电势差,这种现象称为霍尔效应．已知电流的微观表达式I=nsev,下列说法正确的是(）A．上表面的电势高于下表面电势B．仅增大h时，上下表面的电势差增大C．仅增大d时，上下表面的电势差减小D．仅增大电流I时,上下表面的电势差增大11．矩形线圈abcd位于足够长的通电直导线附近,且线圈平面与导线在同一平面内，如图所示,线圈的两条边ad和bc与导线平行，要使线圈中产生abcda方向的电流，可以（）A．线圈不动,增大导线中的电流B．线圈不动，减小导线中的电流C．导线中的电流不变，线圈向右平动D．导线中的电流不变，线圈向上平动12．如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图乙所示的变化电流，t=t2时电流的方向为顺时针（如图中箭头所示），在t1～t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是()A．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流,线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势二、实验题（本题共2小题，共12分，其中第13题4分，第14题8分）13．某小组同学在“探究感应电流产生的条件”的实验中，所用实验器材如图，图中已用导线连接好部分实验器材．（1）请以笔画线代替导线把实验电路连接好；（2）实验现象记录在下表中,请完成表格操作步骤指针是否偏转及偏转方向开关闭合瞬间偏转向右开关断开瞬间偏转向左开关闭合时，滑动变阻器不动不偏转﹣﹣﹣﹣﹣开关闭合时迅速向移动变阻器滑片偏转向右14．在“测定电源的电动势和内阻”的实验中,已连接好部分实验电路．(1）按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来．（2）在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于端（选填“A"或“B”）．（3）图丙是根据实验数据作出的U﹣I图象，由图可知，电源的电动势E=V，内阻r=Ω三、计算题（本题共4小题,共40分,其中第15题8分，第16题8分，第17题12分,第18题12分）15．如图所示，电路中E=3V，r=0.5Ω，R0=1.5Ω，变阻器R的最大阻值为10Ω．（1）在变阻器的阻值R为多大时,变阻器上消耗的功率最大?最大为多大?（2)在变阻器的阻值R为多大时,定值电阻R0上消耗的功率最大？最大为多大？16．如图所示，导体杆ab质量为m，电阻为R，放在与水平面夹角为θ的倾斜金属导轨上，导轨间距为d，电阻不计，系统处在竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度为B．电源内阻不计，重力加速度为g．求：①若导体光滑时，电源电动势E1为多大能使导体杆静止在导轨上？②若导体杆与导轨之间的动摩擦因数为μ，且不通电时导体杆不能静止在导轨上，要使杆在导轨上匀速下滑,电源的电动势E2应为多大？17．质谱仪原理如图所示，a为粒子加速器,加速电压为U1；b为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度为B1，板间距离为d;c为偏转分离器,磁感应强度为B2．今有一质量为m，电荷量为+q的带电粒子，经加速后，该粒子恰能沿直线通过速度选择器．粒子从O点进入分离器后在洛伦兹方的作用下做半个圆周运动后打到底片上并被接收，形成一个细条纹，测出条纹到O点的距离为L．求：（1）粒子离开加速器的速度大小v？（2）速度选择器的电压U2？（3）该带电粒子荷质比的表达式．18．如图,在宽度分别为l1和l2的两个毗邻的条形区域中分别有匀强磁场和匀强电场,磁场方向垂直于纸面向里,电场方向与电、磁场分界线平行向右．一电荷量为+q（q＞0）,质量为m 的带电粒子以速率v从磁场区域上边界的P点斜射入磁场，然后以垂直于电、磁场分界线的方向进入电场,最后从电场边界上的Q点射出．已知PQ垂直于电场方向，粒子轨迹与电、磁场分界线的交点到PQ的距离为d．不计重力，求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小;（2）匀强电场的电场强度E的大小;（3）若l1=d，求粒子在磁场和电场中运动的总时间t．2015-2016学年山东省临沂一中高二（上)月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分，其中1—6题为单选题,7-12题为多选题．选对得4分，选不全得2分,选错不得分）1．用多用电表欧姆挡(×100）测试三只二极管,其结果依次如图①②③所示，关于二极管的说法正确的是（）A．①是完好的，且a端为正极B．②是完好的，且a端为正极C．②是完好的,且b端为正极D．③是完好的，且b端为正极【考点】用多用电表测电阻．【分析】二极管具有单向导电性，根据该性质即可判断二极管是否正常；再根据欧姆表内部电源的正极接在黑表笔上判断二极管的极性．【解答】解：二极具有单向导电性，当接正向电压时，二极管导通，电阻很小，而接反向电压时，二极管截止，电阻很大；由图可知,只有②图符合该规律;故只有②是完好的，因a 端接电源正极时导通；故a为二极管正极；故选：B．2．如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度为0，则下列说法中不正确的是（)A．直导线中电流方向垂直纸面向外B．d点的磁感应强度为0C．a点的磁感应强度为2T，方向向右D．b点的磁感应强度为T，方向斜向下，与B成45°角【考点】磁感应强度．【分析】由题,c点的磁感应强度为0,说明通电导线在O点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反,由安培定则判断出通电导线中电流方向．通电导线在abcd 四点处产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则进行合成分析b、c、d三点的磁感应强度大小和方向．【解答】解：A、由题，c点的磁感应强度为0，说明通电导线在c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反,即得到通电导线在c点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定则判断可知,直导线中的电流方向垂直纸面向外．故A正确．B、通电导线在d处的磁感应强度方向竖直向上，则d点感应强度为T，方向与B的方向成45°斜向上，不为零．故B不正确．C、通电导线在a处的磁感应强度方向水平向右，则a点磁感应强度为2T，方向与B的方向相同．故C正确．D、由上知道，通电导线在b点产生的磁感应强度大小为1T,由安培定则可知，通电导线在b 处的磁感应强度方向竖直向下，根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知,b点感应强度为T，方向与B的方向成45°斜向下．故D正确．本题选择不正确的，故选：B3．一磁感应强度B的匀强磁场方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，将abcd绕ad轴转180°角，则穿过线圈平面的磁通量的变化量为(）A．0 B．2BS C．2BScosθD．2BSsinθ【考点】磁通量．【分析】在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS，B是磁感应强度，S是线圈的面积．当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量Φ=0，若既不垂直，也不平行，则可分解成垂直与平行，根据Φ=BSsinθ（θ是线圈平面与磁场方向的夹角)即可求解．【解答】解：矩形线圈abcd如图所示放置,匀强磁场方向水平向右,平面abcd与竖直方向成θ角，将此时通过线圈的磁通量为Φ1=BScosθ．当规定此时穿过线圈为正面,则当线圈绕ad轴转180°角时，穿过线圈反面，则其的磁通量Φ2=﹣BScosθ．因此穿过线圈平面的磁通量的变化量为：△∅=∅2﹣∅1=﹣2BScosθ．故选：C．4．如图所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板,一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为F1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一通电导线，电流方向如图所示，当加上电流后，台秤读数为F2，则以下说法正确的是（）A．F1＞F2,弹簧长度将变长 B．F1＞F2,弹簧长度将变短C．F1＜F2，弹簧长度将变长D．F1＜F2，弹簧长度将变短【考点】电流的磁场对磁针的作用．【分析】（1)通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向可以用左手定则判断;（2）长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，得出导线给磁铁的反作用力方向．【解答】解:（1）磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极，因为长直导线在磁铁的中心偏左位置，所以此处的磁感线是斜向右上的，电流的方向垂直与纸面向里，根据左手定则，导线受磁铁给的安培力方向是斜向右下，(2）长直导线是固定不动的,根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的；（3）导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的，将这个力在水平和竖直分解，因此光滑平板对磁铁支持力减小，由于在水平向左产生分力，所以弹簧产生压缩，弹簧长度将变短．故B正确，ACD错误．故选:B．5．如图所示，a和b是从A点以相同的动能射入匀强磁场的两个带等量电荷的粒子运动的半圆形径迹，已知r a=2r b，则由此可知（）A．两粒子均带正电，质量比=4B．两粒子均带负电，质量比=4C．两粒子均带正电，质量比=D．两粒子均带负电，质量比=【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】该题考查带电粒子在匀强磁场中的偏转，带电粒子在匀强磁场中以垂直于磁场方向运动，洛伦兹力提供向心力，粒子做匀速圆周运动．根据偏转方向,利用左手定则来判断粒子所带的电性，根据半径判断粒子的质量比．【解答】解：两粒子进入磁场后均向下偏转，可知在A点，均受到向下的洛伦兹力，由左手定则可知，四指所指的方向与运动方向相反，得知两个粒子均带负电；由动能和动量之间的关系有：，得：a粒子动量为：…①b粒子动量为：…②有题意有：…③①②③联立得:，所以选项ACD错误，B正确．故选B6．如图所示，开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直，且一半在磁场内，一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列办法中不可行的是（)A．将线框向左拉出磁场B．以ab边为轴转动（小于90°）C．以ad边为轴转动（小于60°）D．以bc边为轴转动（小于60°）【考点】感应电流的产生条件．【分析】磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件:穿过电路的磁通量发生变化进行分析判断有无感应电流产生．【解答】解:A、将线框向左拉出磁场，穿过线圈的磁通量减小,有感应电流产生．故A不符合题意．B、以ab边为轴转动（小于90°），穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生．故B不符合题意．C、以ad边为轴转动（小于60°)，穿过线圈的磁通量从Φ=B减小到零，有感应电流产生．故C不符合题意．D、以bc边为轴转动（小于60°），穿过线圈的磁通量Φ=B,保持不变，没有感应电流产生．故D符合题意．本题选择不可行的，故选：D7．调整欧姆零点后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，那么正确的判断和做法是（）A．这个电阻的阻值很小B．这个电阻的阻值很大C．为了把电阻值测得更准确些,应换用“×1"挡，重新调整欧姆零点后测量D．为了把电阻值测得更准确些，应换用“×100”挡,重新调整欧姆零点后测量【考点】用多用电表测电阻．【分析】欧姆表的零刻度在表盘的右侧，当指针偏转角度较小时，说明电阻较大．每次换挡需重新欧姆调零．【解答】解：因为欧姆表的零刻度在表盘的右侧，用“×10”挡测量一个电阻的阻值,发现表针偏转角度极小，知电阻值很大，为准确测量电阻阻值，需换用大挡,即“×100"挡，重新测量．故AC错误,BD正确．故选：BD．8．质量为m的金属导体棒置于倾角为θ的导轨上,棒与导轨间的动摩擦因数为μ，当导体棒通以垂直纸面向里的电流时，恰能在导轨上静止．如图所示的四个图中,标出了四种可能的匀强磁场方向，其中棒与导轨间的摩擦力可能为零的是（)A．B．C．D．【考点】安培力；力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用．【分析】通过对杆ab受力分析,根据共点力平衡判断杆子是否受摩擦力．【解答】解：A、杆子受重力，竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡,不受摩擦力，故A正确；B、杆子受重力,垂直向下的安培力，垂直向上的支持力，若无摩擦力，不能平衡，故B错误；C、杆子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力，故C 正确；D、杆子受重力、沿斜面向右的安培力和斜面的支持力,若三个力平衡,则不受摩擦力，故D 正确；故选ACD．9．如图所示，在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的O点沿与PQ成θ角的方向以相同的速度v射入磁场中．则正、负电子（）A．在磁场中的运动时间相同B．在磁场中运动的轨道半径相同C．出边界时两者的速度相同D．出边界点到O点处的距离相等【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律；向心力．【分析】由题正负离子的质量与电量相同，进入同一磁场做匀速圆周运动的周期相同,根据偏向角的大小分析运动时间的长短．由牛顿第二定律研究轨道半径．根据圆的对称性,分析离子重新回到边界时速度方向关系和与O点距离．【解答】解：A、粒子在磁场中运动周期为T=，则知两个离子圆周运动的周期相等．根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转,负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π﹣2θ，轨迹的圆心角也为2π﹣2θ，运动时间t1=T；同理，负离子运动时间t2=T，显然时间不相等．故A错误；B、由qvB=m得：r=,由题q、v、B大小均相同，则r相同，故B正确;C、正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同．故C正确;D、根据几何知识可得，重新回到边界的位置与O点距离S=2rsinθ,r、θ相同，则S相同,故D正确；故选:BCD10．中国科学家发现了量子反常霍尔效应,杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级的成果．如图所示，厚度为h，宽度为d的金属导体,当磁场方向与电流方向垂直时，在导体上下表面会产生电势差，这种现象称为霍尔效应．已知电流的微观表达式I=nsev,下列说法正确的是（)A．上表面的电势高于下表面电势B．仅增大h时，上下表面的电势差增大C．仅增大d时，上下表面的电势差减小D．仅增大电流I时，上下表面的电势差增大【考点】霍尔效应及其应用．【分析】金属导体中移动的是自由电子，根据左手定则判断洛伦兹力的方向,从而得出电子的偏转方向，比较出电势的高低．最终电子受洛伦兹力和电场力平衡，根据平衡得出电势差的大小表达式进行讨论．【解答】解:A、根据左手定则，知自由电子向上偏转，则上表面带负电，下表面带正电，下表面的电势高于上表面．故A错误;B、根据evB=e，解得U=vBh，根据电流的微观表达式I=nesv，故U=Bh=，知增大h，上下表面的电势差不变，与h无关．故B错误；C、根据evB=e，解得U=vBh，根据电流的微观表达式I=nesv，故U=Bh=，知仅增大d时，上下表面的电势差减小，故C正确；D、根据evB=e,解得U=vBh；根据电流的微观表达式I=neSv，电流I越大，电子的速度越大，故上下表面的电势差越大，故D正确；故选：CD．11．矩形线圈abcd位于足够长的通电直导线附近，且线圈平面与导线在同一平面内,如图所示，线圈的两条边ad和bc与导线平行，要使线圈中产生abcda方向的电流，可以（)A．线圈不动，增大导线中的电流B．线圈不动，减小导线中的电流C．导线中的电流不变，线圈向右平动D．导线中的电流不变，线圈向上平动【考点】楞次定律．【分析】当通过线圈的磁通量发生变化时，线圈中将会产生感应电流．根据楞次定律判断感应电流的方向．【解答】解:A、当电流增大时，垂直纸面向里的磁场，穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律可知,感应电流方向逆时针．故A错误．B、当电流减小时，垂直纸面向里的磁场，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知,感应电流方向顺时针．故B正确．C、当在线圈平面内,垂直bc边向右拉动线圈,逐渐远离线圈，穿过线圈的磁场减小，即穿过线圈的磁通量减小,故产生感应电流为顺时针，即感应电流的方向为abcda．故C正确．D、导线中的电流不变，线圈向上平动，穿过线圈的磁场不变，即穿过线圈的磁通量也不变，则不产生感应电流,故D错误．故选BC．12．如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内,线圈A中通以如图乙所示的变化电流，t=t2时电流的方向为顺时针（如图中箭头所示），在t1~t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势【考点】楞次定律．【分析】根据安培定则确定电流与磁场的方向关系，再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时,感应电流的磁场与它相同．【解答】解:在t1~t2时间内，对于线圈A的顺时针方向电流增大,导致线圈B磁通量增大，感应电流的磁场与它相反，根据安培定则可知，线圈A在线圈B内部产生磁场方向垂直纸面向里,则线圈B内有逆时针方向的电流．此时线圈B的电流方向与线圈A电流方向相反，由异向电流相互排斥,可知线圈间有相互排斥，所以线圈B有的扩张的趋势．故A、B、D错误,C正确．故选：C二、实验题（本题共2小题，共12分，其中第13题4分,第14题8分）13．某小组同学在“探究感应电流产生的条件”的实验中,所用实验器材如图，图中已用导线连接好部分实验器材．(1)请以笔画线代替导线把实验电路连接好；（2）实验现象记录在下表中，请完成表格操作步骤指针是否偏转及偏转方向开关闭合瞬间偏转向右开关断开瞬间偏转向左开关闭合时，滑动变阻器不动不偏转﹣﹣﹣﹣﹣开关闭合时迅速向右移动变阻器滑片偏转向右【考点】研究电磁感应现象．【分析】探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，检流计与副线圈组成另一个闭合电路．当通过闭合电路磁通量发生变化时，会产生感应电流，并根据开关闭合瞬间或断开瞬间，结合指针的偏转方向，即可求解．【解答】解：(1）探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，检流计与副线圈组成另一个闭合电路；电路图如图所示：（2）闭合开关的瞬间，穿过副线圈磁通量发生增大，产生感应电流,使得指针向右偏转,而断开开关瞬间时，穿过副线圈的磁通量减小,使得指针向左偏转，因此当开关闭合时迅速向右移动变阻器滑片时，即确保电流增大,则有穿过副线圈的磁通量增大，从而出现指针向右偏转．故答案为：（1）如上图所示; （2)右．14．在“测定电源的电动势和内阻"的实验中，已连接好部分实验电路．（1）按如图甲所示的实验电路,把图乙中剩余的电路连接起来．（2）在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于B端(选填“A”或“B"）．（3）图丙是根据实验数据作出的U﹣I图象，由图可知，电源的电动势E= 1.50V，内阻r=1Ω【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）由原理图将电流表与滑动变阻器串联，将电压表并联在电滑动变阻器及电流表两端，注意开关应能控制整个电路；(2）滑动变阻器在开始时应调节到使电路中电流最小的位置；(3)由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆定律可求得内电阻及短路电流．【解答】解：（1)由原理图可知滑动变阻器为限流接法，电压表并联在滑动变阻器两端,由原理图连接实物图所示；。