【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第9章1讲电磁感应现象楞次定律

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【金榜2017一轮高中物理全国卷1】9.1电磁感应现象楞次定律

v
4.(多选)(楞次定律)如图所示,一个正方形导线框,以恒定速度向右进入以MN为边界无限大的匀强磁场,磁场
方向垂直纸面向里,MN与水平线的夹角为45°,下列有
关说法正确的是( )
A.导线框中的感应电流方向始终为顺时针 B.导线框中的感应电流方向始终为逆时针 C.导线框中感应电流的大小先增大后减小 D.导线框在完全进入时,线框中的感应电流最大
a的轴线上,所以环通过缩小面积来阻碍原磁通量的减
小,所以A正确。
2.(楞次定律)(2016·惠州模拟)某实验小组用如图所示的实验装置来验证楞次定律,当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时,通过电流计的感应电流方向是( A.先b→G→a后a→G→b )
B.先a→G→b,后b→G→a
C.b→G→a
D.a→G→b
选修3-2 第九章电磁感应第1讲电磁感应现象楞次定律
【主干回顾】教材梳理固知识根基知识点1 磁通量
匀强磁场中,与磁场 1.概念：在磁感应强度为B的_________
垂直的面积S和B的乘积。方向_____ BS 。 2.公式：Φ =___
1 T·m2 。 3.单位：1Wb=_______
【解析】选A。磁铁靠近线圈时,感应电流在线圈内产生的磁场方向竖直向上,根据安培定则,感应电流俯视
沿逆时针方向,即b→G→a方向;同理磁铁远离线圈时,
线圈中的感应电流方向俯视沿顺时针方向,沿a→G→b
方向,故选A。
3.(电磁感应现象)匀强磁场区域宽为d,一正方形线框 abcd的边长为l,且l>d,线框以速度v通过磁场区域,如图所示,从线框进入到完全离开磁场的时间内,线框中没有感应电流的时间是( )
磁感线的条数。 4.物理意义：相当于穿过某一面积的_______ 如图所示,矩形abcd、abb′a′、a′b′cd的面积分别为S1、S2、S3,匀强磁场的磁感应强度B与平面a′b′cd 垂直,则：

高考物理浙江人教版总复习(第1轮)课件：第9章第1讲电磁感应现象磁通量楞次定律

一、磁通量及磁通量变化例1、如图911所示，环形导线a中有顺时针方向的电流，a环外有两个同心导线圈b、c，与环形导线a在同一平面内．当a中的电流增大时，穿过线圈b、c的磁通量各如何变化？在相同时间内哪一个变化更大？
图911
解析：b、c线圈所围面积内的磁通量有向里的也有向外的，但向里的更多，所以总磁通量向里，a中的电流增大时，总磁通量也向里增大．由于穿过b线圈向外的磁通量比穿过c线圈的少，所以穿过b线圈的磁通量更大，变化也更大．
(4)从“阻碍自身电流变化”的角度来看，当线圈自身的电流发生变化时，感应电流的效果就阻碍原来的电流发生变化．当线圈自身的电流增大时，感应电流的方向与线圈自身的电流方向相反，当线圈自身的电流减小时，感应电流的方向与线圈自身的电流方向相同，即电流方向“增反减同”
3．右手定则：伸开右手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且都跟手掌在一个平面内，把右手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，大拇指指向导体运动方向，那么其余四指所指的方向就是感应电流的方向．
4．磁通量是标量，但有正负．磁通量的正负不代表大小只表示磁感线是怎样穿过平面的．即若以向里穿过某面的磁通量为正，则向外穿过这个面的磁通量为负． 5．磁通量的变化ΔΦ＝|Φ2－Φ1| ΔΦ＝|Φ2－Φ1|有多种形式，主要有： ①S、θ不变，B改变，这时ΔΦ＝|ΔB·Ssinθ|； ②B、θ不变，S改变，这时ΔΦ＝|ΔS·Bsinθ|； ③B、S不变，θ改变，这时ΔΦ＝|BS(sinθ2－sinθ1)|. 当B、S、θ中有两个或三个一起变化时，就要分别计算Φ1、Φ2，再求|Φ2－Φ1|了．
变式训练2、如图913所示，空间存在垂直于纸面的均匀磁场，在半径为a的圆形区域内、外，磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B.一半径为b，电阻为R的圆形导线环放置在纸面内，其圆心与圆形区域的中心重合．在内、外磁场同时由B均匀地减小到零的过程中，求这一过程中半径为b的圆形区域的磁通量变化．

【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第9章章末综合练

所示.则下列i－t图象中可能正确的是(
)
解析答案
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11.在如图所示的电路中， A1 和 A2 是两个完全相同的灯泡，线圈 L 的自感系数足够大，电阻可以忽略不计.下列说法中正确的是( AB )
A.合上开关S时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮
B.断开开关S时，A1和A2都要过一会儿才熄灭
正常发光，熔断器允许通过的最大电流为 10 A，下列说法正确的是( A.中性面位置穿过线框的磁通量为零 B.线框中产生交变电压的有效值为 500 2 V C.变压器原、副线圈匝数之比为 25∶11 D.允许变压器输出的最大功率为 5 000 W
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4.一个闭合的正方形金属线框放入如图所示的匀强磁场中，图中虚线表示磁场的边界，在外力作用下线框从磁场中以速度v匀速穿出.关于线框从磁场边界穿出过程，下列说法中正确的是( B.磁感应强度越大，拉力的功率越大 )
A.线框的运动速度越大，通过导线横截面的电荷量越多 C.线框的电阻越大，导线中产生的热量越多
故C错误；
当线圈做平行于磁感线的运动时，磁通量一直为零，无感应电流，故D错误.

人教版高三物理一轮复习课时训练第九章课时1法拉第电磁感应定律楞次定律自感涡流

课时1 法拉第电磁感应定律楞次定律自感涡流课时训练基础巩固1.下列四幅演示实验图中,实验现象能正确表述实验结论的是( B )A.图甲用磁铁靠近轻质铝环A,A会靠近磁铁B.图乙断开开关S,触点C不立即断开C.图丙闭合开关S时,电流表有示数,断开开关S时,电流表没有示数D.图丁铜盘靠惯性转动,手持磁铁靠近铜盘,铜盘转动加快解析:图甲用磁铁靠近轻质铝环A,由于A环中发生电磁感应现象,根据楞次定律可知,A将远离磁铁,故A错误;图乙断开开关S,由于B线圈中发生电磁感应现象阻碍电流的减小,因此线圈仍有磁性,触点C不立即断开,故B正确;图丙闭合开关S和断开开关S时均会发生电磁感应,因此电流表均有示数,故C错误;当转动铜盘时,磁铁靠近铜盘,导致铜盘切割磁感线,从而产生感应电流,出现安培力,由楞次定律可知,产生安培力导致铜盘转动受到阻碍,因此铜盘转动减慢,故 D 错误。

2.如图所示为感应式发电机,a,b,c,d是空间四个可用电刷与铜盘边缘接触的点,O1,O2是连接铜盘轴线导线的接线端,M,N是电流表的接线端。

现在将铜盘转动,能观察到感应电流的是( B )A.将电流表的接线端M,N分别连接a,c位置B.将电流表的接线端M,N分别连接O1,a位置C.将电流表的接线端M,N分别连接O1,O2位置D.将电流表的接线端M,N分别连接c,d位置解析:当铜盘转动时,其切割磁感线产生感应电动势,此时铜盘相当于电源,铜盘边缘和中心为电源的两个极,则要想观察到感应电流,M,N应分别连接电源的两个极,故B正确。

3.现代科学研究中常要用到高速电子,电子感应加速器就是电子加速的设备。

它的基本原理如图所示,上、下为电磁铁的两个磁极,磁极之间有一个环形真空室,电子在真空室中做圆周运动。

电磁铁线圈电流的大小、方向可以变化。

上图为侧视图,下图为真空室的俯视图,如果从上向下看,电子沿逆时针方向运动。

以下分析正确的是( A )C.当电磁铁线圈电流的方向与图示方向相反时,为使电子加速,电磁铁中的电流应该由小变大D.当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时,为使电子加速,电磁铁中的电流应该由大变小解析:根据法拉第电磁感应定律可知,变化的磁场在真空室内形成感生电场,而电场能使电子加速,选项A正确;因洛伦兹力对电荷不做功,故选项B错误;当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时,线圈中的电流增强,磁场就增大了,根据楞次定律,感生电场产生的磁场要阻碍它增大,所以感生电场为顺时针方向,即电流方向为顺时针,所以电子沿逆时针方向在电场力作用下加速运动,在洛伦兹力约束下做圆周运动,选项C,D错误。

2017届高三物理一轮复习-第九章-电磁感应-第1讲-电磁感应现象-愣次定律课件解析

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基础知识清单一、电磁感应现象 1．电磁感应利用磁场产生电流的现象叫电磁感应；产生的电流叫感应电
流． 2．产生感应电流的条件感应电流产生的条件是：穿过闭合电路的磁通量发生变化．
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【名师点拨】不论什么情况，只要满足电路闭合和磁通量发生变化这两个条件，就必然产生感应电流；导体在磁场中做切割磁感线的运动不是产生感应电流的根本条件，但可以有感应电动势．
2017届高三物理一轮复习-第九章-电磁感应-第1讲-电磁感
应现象-愣次定律课件解析
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内容电磁感应现象磁通量法拉第电磁感应定律楞次定律自感、涡流
要求 Ⅰ Ⅰ Ⅱ Ⅱ Ⅰ
2Байду номын сангаас
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第1讲电磁感应现象愣次定律
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梳理基础·强化训练
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答案 D
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2．(2015·新课标全国Ⅰ)1824 年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”，实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示，实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后，下列说法正确的是( )
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2．右手定则 (1)内容：伸出右手，让磁感线垂直穿过掌心，大拇指指向为导体的运动方向，四指指向为感应电流的方向．
第十二页，共60页。
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(2)理解：右手定则是用来判断部分导体切割磁感线产生感应电流的方向的．对一部分导线在磁场中切割磁感线产生感应电流的情况，右手定则和楞次定律的结论是完全一致的，这时，用右手定则更方便一些．注意电流可以是正电荷运动产生的，也可以是负电荷运动产生的．

步步高高考物理一轮复习配套课件第九章第1课时电磁感应现象楞次定律

图3
转动过程中磁通量的变化量的大小为 2 ΔΦ＝|Φ2－Φ1|＝ BS④ 2 ΔΦ 由法拉第电磁感应定律得 E ＝ ⑤ Δt
根据闭合电路的欧姆定律有 I ＝ E ⑥ R
该过程中通过线框截面的电荷量 q＝ I ·Δt⑦
联立④⑤⑥⑦式得 q＝
2BS 2R
课堂探究
磁通量是一个有方向的标量，当磁场不变，线圈转动时，一定要注意磁感线是从线圈的正面还是反面穿过．
【突破训练 1】磁感应强度为 B 的匀强磁场，方向水平向右，一面积为 S 的矩形线圈 abcd 如图 4 所示放置．平面 abcd 与竖直方向成 θ 角，将 abcd 绕 ab 轴旋转 180° 角，则穿过线圈平面的磁通量的变化量为 A．0 B．2BS C．2BScos θ D．2BSsin θ
2 分别是 ab 边和 cd 边的中点．现将 Φ1＝BSsin 45° ＝ BS 2
线框右半边 ObcO′绕 OO′逆时针旋转 90° 到图乙所示位置．在这一过程中，回路中的电荷量是( 2BS 2BS A. B. R 2R BS C. R D．0 )
转过 90° 时穿过 aOO′d 左边一半线框 2 S 的磁通量为 Φ2′＝B sin 45° ＝ BS① 2 4 穿过 bOO′c 右边一半线框的磁通量为 2 S Φ2″＝－B sin 45° ＝－ BS② 2 4 因此，转过 90° 时穿过整个线框的磁通量为 Φ2＝Φ2′＋Φ2″＝0③
A
)
图6
课堂探究考点二
谁阻碍谁阻碍什么如何阻碍
利用楞次定律判断感应电流的方向
感应电流的磁场阻碍引起感应电流的磁场原磁场的磁通量的变化阻碍的是磁通量的变化，而不是阻碍磁通量本身当磁通量增加时，感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反；当磁通量减少时，感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，即“增反减同” 阻碍并不是阻止，只是延缓了磁通量的变化，这种变化将继续进行

最新《步步高》高考物理一轮复习讲义第九章-第3课时-电磁感应中的电路和图象问题

专题九电磁感应中的电路和图象问题考纲解读 1.能认识电磁感应现象中的电路结构，并能计算电动势、电压、电流、电功等.2.能由给定的电磁感应过程判断或画出正确的图象或由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量．1． [对电磁感应中等效电源的理解]粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框一边a 、b 两点间的电势差绝对值最大的是( )答案 B解析线框各边电阻相等，切割磁感线的那个边为电源，电动势相同均为Bl v .在A 、C 、D 中，U ab ＝14Bl v ，B 中，U ab ＝34Bl v ，选项B 正确．2． [电磁感应中的电路问题]如图1所示，MN 、PQ 是间距为L 的平行金属导轨，置于磁感应强度为B 、方向垂直导轨所在平面向里的匀强磁场中，M 、P 间接有一阻值为R 的电阻．一根与导轨接触良好、有效阻值为R2的金属导线ab 垂直导轨放置，并在水平外力F 的作用下以速图1 度v 向右匀速运动，则(不计导轨电阻)( )A ．通过电阻R 的电流方向为P →R →MB ．a 、b 两点间的电压为BL vC ．a 端电势比b 端电势高D ．外力F 做的功等于电阻R 上产生的焦耳热答案 C解析由右手定则可知通过金属导线的电流由b 到a ，即通过电阻R 的电流方向为M →R →P ，A 错误；金属导线产生的感应电动势为BL v ，而a 、b 两点间的电压为等效电路路端电压，由闭合电路欧姆定律可知，a 、b 两点间电压为23BL v ，B 错误；金属导线可等效为电源，在电源内部，电流从低电势流向高电势，所以a 端电势高于b 端电势，C 正确；根据能量守恒定律可知，外力F 做的功等于电阻R 和金属导线产生的焦耳热之和，D 错误．3． [对B －t 图象物理意义的理解]一矩形线圈abcd 位于一随时间变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面向里(如图2甲所示)，磁感应强度B 随时间t 变化的规律如图乙所示．以I 表示线圈中的感应电流(图甲中线圈上箭头方向为电流的正方向)，则下列选项中能正确表示线圈中电流I 随时间t 变化规律的是( )图2答案 C解析 0～1 s 内磁感应强度均匀增大，根据楞次定律和法拉第电磁感应定律可判定，感应电流为逆时针(为负值)、大小为定值，A 、B 错误；4 s ～5 s 内磁感应强度恒定，穿过线圈abcd 的磁通量不变化，无感应电流，C 正确，D 错误． 4． [对电磁感应现象中i －x 图象物理意义的理解]如图3所示，两个相邻的有界匀强磁场区域，方向相反，且垂直纸面，磁感应强度的大小均为B ，以磁场区左边界为y 轴建立坐标系，磁场区域在y 轴方向足够长，在x 轴方向宽度均为a .矩形导线框ABCD的CD边与y轴重合，AD边长为a.线框从图示位置水平向右匀速穿过两磁场区域，且线框平面始终保持与磁场垂直，图3线框中感应电流i与线框移动距离x的关系图象正确的是(以逆时针方向为电流的正方向)()答案 C解析由楞次定律可知，刚进入磁场时电流沿逆时针方向，线框在磁场中时电流沿顺时针方向，出磁场时沿逆时针方向，进入磁场和穿出磁场等效为一条边切割磁感线，在磁场中时，AB边和CD边均切割磁感线，相当于两等效电源串联，故电流为进入磁场和穿出时的两倍，所以C正确．考点梳理一、电磁感应中的电路问题1．内电路和外电路(1)切割磁感线运动的导体或磁通量发生变化的线圈都相当于电源．(2)该部分导体的电阻或线圈的电阻相当于电源的内阻，其余部分是外电路．2．电源电动势和路端电压(1)电动势：E＝Bl v或E＝n ΔΦΔt.(2)路端电压：U＝IR＝E－Ir.二、电磁感应中的图象问题1．图象类型(1)随时间变化的图象如B－t图象、Φ－t图象、E－t图象和i－t图象．(2)随位移x变化的图象如E－x图象和i－x图象．2．问题类型(1)由给定的电磁感应过程判断或画出正确的图象．(2)由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量．(3)利用给出的图象判断或画出新的图象.考点一电磁感应中的电路问题 1．对电磁感应中电源的理解(1)电源的正负极、感应电流的方向、电势的高低、电容器极板带电问题，可用右手定则或楞次定律判定．(2)电源的电动势的大小可由E ＝Bl v 或E ＝n ΔΦΔt 求解．2．对电磁感应电路的理解(1)在电磁感应电路中，相当于电源的部分把其他形式的能通过电流做功转化为电能． (2)“电源”两端的电压为路端电压，而不是感应电动势．例1 如图4(a)所示，水平放置的两根平行金属导轨，间距L ＝0.3 m ，导轨左端连接R ＝0.6Ω的电阻，区域abcd 内存在垂直于导轨平面B ＝0.6 T 的匀强磁场，磁场区域宽D ＝0.2 m ．细金属棒A 1和A 2用长为2D ＝0.4 m 的轻质绝缘杆连接，放置在导轨平面上，并与导轨垂直，每根金属棒在导轨间的电阻均为r ＝0.3 Ω.导轨电阻不计．使金属棒以恒定速度v ＝1.0 m/s 沿导轨向右穿越磁场．计算从金属棒A 1进入磁场(t ＝0)到A 2离开磁场的时间内，不同时间段通过电阻R 的电流强度，并在图(b)中画出．图4解析 t 1＝Dv ＝0.2 s在0～t 1时间内，A 1产生的感应电动势E 1＝BL v ＝0.18 V. 其等效电路如图甲所示．由图甲知，电路的总电阻甲R 总＝r ＋rRr ＋R ＝0.5 Ω总电流为I ＝E 1R 总＝0.36 A 通过R 的电流为I R ＝I3＝0.12 AA 1离开磁场(t 1＝0.2 s)至A 2刚好进入磁场(t 2＝2Dv ＝0.4 s)的时间内，回路无电流，I R ＝0，乙从A 2进入磁场(t 2＝0.4 s)至离开磁场t 3＝2D ＋Dv ＝0.6 s 的时间内，A 2上的感应电动势为E 2＝0.18 V ，其等效电路如图乙所示．由图乙知，电路总电阻R 总′＝0.5 Ω，总电流I ′＝0.36 A ，流过R 的电流I R ＝0.12 A ，综合以上计算结果，绘制通过R 的电流与时间关系如图所示．答案见解析解决电磁感应中的电路问题三步曲1．确定电源．切割磁感线的导体或磁通量发生变化的回路将产生感应电动势，该导体或回路就相当于电源，利用E ＝n ΔΦΔt 或E ＝Bl v sin θ求感应电动势的大小，利用右手定则或楞次定律判断电流方向．2．分析电路结构(内、外电路及外电路的串、并联关系)，画出等效电路图．3．利用电路规律求解．主要应用欧姆定律及串、并联电路的基本性质等列方程求解．突破训练1 如图5所示，两根足够长的光滑金属导轨水平平行放置，间距为l ＝1 m ，cd间、de 间、cf 间分别接阻值为R ＝10 Ω的电阻．一阻值为R ＝10 Ω的导体棒ab 以速度v ＝4 m/s 匀速向左运动，导体棒与导轨接触良好；导轨所在平面存在磁感应强度大小为B＝0.5 T、方向竖直向下的匀强磁场．下列说法中正确的是()图5A．导体棒ab中电流的流向为由b到aB．cd两端的电压为1 VC．de两端的电压为1 VD．fe两端的电压为1 V答案BD解析由右手定则可判知A选项错；由法拉第电磁感应定律E＝Bl v＝0.5×1×4 V＝2 V，U cd＝RR＋RE＝1 V，B正确；由于de、cf间电阻没有电流流过，故U cf＝U de＝0，所以U fe ＝U cd＝1 V，C错误，D正确．考点二电磁感应中的图象问题1．题型特点一般可把图象问题分为三类：(1)由给定的电磁感应过程选出或画出正确的图象；(2)由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量；(3)根据图象定量计算．2．解题关键弄清初始条件，正负方向的对应，变化范围，所研究物理量的函数表达式，进、出磁场的转折点是解决问题的关键．3．解决图象问题的一般步骤(1)明确图象的种类，即是B－t图象还是Φ－t图象，或者是E－t图象、I－t图象等；(2)分析电磁感应的具体过程；(3)用右手定则或楞次定律确定方向对应关系；(4)结合法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运动定律等规律写出函数关系式；(5)根据函数关系式，进行数学分析，如分析斜率的变化、截距等．(6)画出图象或判断图象．例2(2012·福建理综·18)如图6所示，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合．若取磁铁中心O为坐标原点，建立竖直向下为正方向的x轴，则下图中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是()图6解析条形磁铁的磁感线分布示意图如图所示．铜环由静止开始下落过程中磁通量的变化率是非均匀变化的，故环中产生的感应电动势、环中的感应电流也是非均匀变化的，A错误．在关于O点对称的位置磁场分布对称，但环的速率是增大的，则环在O点下方的电流最大值大于在O点上方电流的最大值，故C错误．由于磁通量在O点上方是向上增大而在O点下方是向上减小的，故环中电流方向在经过O点时发生改变，D错误．可知B选项正确．答案 B1.对图象的认识，应注意以下几方面(1)明确图象所描述的物理意义；(2)必须明确各种“＋”、“－”的含义；(3)必须明确斜率的含义；(4)必须建立图象和电磁感应过程之间的对应关系；(5)注意三个相似关系及其各自的物理意义：v ～Δv ～Δv Δt ，B ～ΔB ～ΔB Δt ，Φ～ΔΦ～ΔΦΔtΔv Δt 、ΔB Δt 、ΔΦΔt分别反映了v 、B 、Φ变化的快慢． 2．电磁感应中图象类选择题的两个常见解法(1)排除法：定性地分析电磁感应过程中物理量的变化趋势(增大还是减小)、变化快慢(均匀变化还是非均匀变化)，特别是物理量的正负，排除错误的选项．(2)函数法：根据题目所给条件定量地写出两个物理量之间的函数关系，然后由函数关系对图象作出分析和判断，这未必是最简捷的方法，但却是最有效的方法．突破训练2 如图7甲所示，圆形导线框固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直．规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B 随时间变化的规律如图乙所示．若规定顺时针方向为感应电流i 的正方向，下列各图中正确的是( )甲乙图7答案 C解析根据法拉第电磁感应定律：E ＝n ΔΦΔt ＝nS ·ΔBΔt ，由B －t 图象知，1 s ～3 s ，B 的变化率相同，0～1 s 、3 s ～4 s ，B 的变化率相同，再结合楞次定律知，0～1 s 、3 s ～4 s 内感应电流的方向为顺时针方向，1 s ～3 s 内感应电流的方向为逆时针方向，可知C 正确．突破训练3如图8所示，在坐标系xOy中，有边长为L的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行．t＝0时刻，线框以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a方向的感应电流图8 为正方向，则在线框穿过磁场区域的过程中，感应电流i、ab间的电势差U ab随时间t 变化的图线是下图中的()答案AD解析在ab边通过磁场的过程中，利用楞次定律或右手定则可判断出电流方向为逆时针方向，即沿正方向，电流在减小，U ab＝－I(R bc＋R cd＋R da)在减小．在cd边通过磁场的过程中，可判断出电流为顺时针方向，即沿负方向，电流逐渐减小，U ab＝－IR ab逐渐减小，A、D正确.45．电磁感应中图象与电路综合问题的分析解析 (1)线框进入磁场前，线框仅受到拉力F 、斜面的支持力和线框重力，由牛顿第二定律得：F －mg sin α＝ma线框进入磁场前的加速度a ＝F －mg sin αm＝5 m/s 2(4分)(2)因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，ab 边进入磁场切割磁感线，产生的电动势E ＝Bl 1v (1分)形成的感应电流I ＝E R ＝Bl 1v R (1分)受到沿斜面向下的安培力F 安＝BIl 1(1分) 线框受力平衡，有F ＝mg sin α＋B 2l 21vR (1分)代入数据解得v ＝2 m/s(1分)(3)线框abcd 进入磁场前时，做匀加速直线运动；进入磁场的过程中，做匀速直线运动；线框完全进入磁场后至运动到gh 线，仍做匀加速直线运动．进入磁场前线框的运动时间为t 1＝v a ＝25 s ＝0.4 s(1分)进入磁场过程中匀速运动时间为t 2＝l 2v ＝0.62s ＝0.3 s(1分)线框完全进入磁场后线框受力情况与进入磁场前相同，所以该阶段的加速度大小仍为a ＝5 m/s 2，该过程有 x －l 2＝v t 3＋12at 23解得t 3＝1 s(2分)因此线框整体进入磁场后，ab 边运动到gh 线的过程中，线框中有感应电流的时间t 4＝t 1＋t 2＋t 3－0.9 s ＝0.8 s(2分)E ＝ΔB ·S Δt ＝0.5×0.62.1－0.9V ＝0.25 V(2分)此过程产生的焦耳热Q ＝E 2t 4R ＝0.252×0.80.1J ＝0.5 J(2分)答案 (1)5 m /s 2 (2)2 m/s (3)0.5 J突破训练4 如图10甲所示，水平面上的两光滑金属导轨平行固定放置，间距d ＝0.5 m ，电阻不计，左端通过导线与阻值R ＝2 Ω的电阻连接，右端通过导线与阻值R L ＝4 Ω的小灯泡L 连接．在CDFE 矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，CE 长l ＝2 m ，有一阻值r ＝2 Ω的金属棒PQ 放置在靠近磁场边界CD 处．CDFE 区域内磁场的磁感应强度B 随时间变化规律如图乙所示．在t ＝0至t ＝4 s 内，金属棒PQ 保持静止，在t ＝4 s 时使金属棒PQ 以某一速度进入磁场区域并保持匀速运动．已知从t ＝0开始到金属棒运动到磁场边界EF 处的整个过程中，小灯泡的亮度没有发生变化．求：图10(1)通过小灯泡的电流；(2)金属棒PQ 在磁场区域中运动的速度大小．答案 (1)0.1 A (2)1 m/s解析 (1)0～4 s 内，电路中的感应电动势 E ＝ΔΦΔt ＝ΔB Δt ·S ＝24×0.5×2 V ＝0.5 V此时灯泡中的电流I L ＝E R 总＝E Rr R ＋r ＋R L ＝0.52×22＋2＋4 A ＝0.1 A(2)由于灯泡亮度没有变化，故I L 没变化．根据E ′＝Bd vI ′＝E ′R 总′＝E ′r ＋RR L R ＋R L ，U L ＝I ′·RR L R ＋R L，I L ＝U LR L解得v ＝1 m/s高考题组1．(2012·课标全国·20)如图11，一载流长直导线和一矩形线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行．已知在t ＝0到t ＝t 1的时间间隔内，长直导线中电流i 发生某种变化，而线框中的感应电流总是沿顺时针方向，线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右．设电流i 正方图11 向与图中箭头所示方向相同，则i 随时间t 变化的图线可能是()答案 A解析因通电导线周围的磁场离导线越近磁场越强，而线框中左右两边的电流大小相等，方向相反，所以其受到的安培力方向相反，线框的左边受到的安培力大于线框的右边受到的安培力，所以合力与线框的左边受力的方向相同．因为线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右，根据左手定则，线框处的磁场方向先垂直纸面向里，后垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，导线中的电流先为正，后为负，所以选项A 正确，选项B 、C 、D 错误．2． (2012·重庆理综·21)如图12所示，正方形区域MNPQ 内有垂直纸面向里的匀强磁场．在外力作用下，一正方形闭合刚性导线框沿QN 方向匀速运动，t ＝0时刻，其四个顶点M ′、N ′、P ′、Q′恰好在磁场边界中点．下列图象中能反映线框所受安培力F的大小随时间t变化规律的是() 图12答案 B解析如图所示，当M ′N ′从初始位置运动到M1′N 1′位置的过程中，切割磁感线的有效长度随时间变化关系为：L 1＝L －(L －2v t )＝2v t ，L 为导线框的边长．产生的电流I 1＝BL 1v R，导线框所受安培力F 1＝BI 1L 1＝B 2(2v t )2v R ＝4B 2v 3t 2R ，所以F 1为t 的二次函数图象，是开口向上的抛物线．当Q ′P ′由CD 位置运动到M ′N ′位置的过程中，切割磁感线的有效长度不变，电流恒定．当Q ′P ′由M ′N ′位置运动到M 1′N 1′位置的过程中，切割磁感线的有效长度L 2＝L －2v t ，产生的电流I 2＝BL 2vR ，导线框所受的安培力F 2＝B 2(L －2v t )2v R ，也是一条开口向上的抛物线，所以应选B.3． (2011·海南单科·6)如图13，EOF 和E ′O ′F ′为空间一匀强磁场的边界，其中EO ∥E ′O ′，FO ∥F ′O ′，且EO ⊥OF ；OO ′为∠EOF 的角平分线，OO ′间的距离为l ；磁场方向垂直于纸面向里．一边长为l 的正方形导线框沿O ′O 方向匀速通过磁场，t ＝0时刻恰好位于图示位置．规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i 与时间t 的关系图线可能正确的是( )图13答案 B解析本题中四个选项都是i －t 关系图线，故可用排除法．因在第一个阶段内通过导线框的磁通量向里增大，由楞次定律可判定此过程中电流沿逆时针方向，故C 、D 错误．由于穿过整个磁场区域的磁通量变化量ΔΦ＝0，由q ＝ΔΦR 可知整个过程中通过导线框的总电荷量也应为零，而在i －t 图象中图线与时间轴所围总面积表示通过的总电荷量，为零，即时间轴的上下图形面积的绝对值应相等．故A 错误，B 正确．4． (2011·重庆理综·23)有人设计了一种可测速的跑步机，测速原理如图14所示．该机底面固定有间距为L 、长度为d 的平行金属电极．电极间充满磁感应强度为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场，且接有电压表和电阻R .绝缘橡胶带上镀有间距为d 的平行细金属条，磁场中始终仅有一根金属条，且与电极接触良好，不计金属电阻．若橡胶带匀速运动时，电压表读数为U ，求： (1)橡胶带匀速运动的速率； (2)电阻R 消耗的电功率；(3)一根金属条每次经过磁场区域克服安培力做的功．图14答案 (1)U BL (2)U 2R (3)BLUd R解析 (1)设该过程产生的感应电动势为E ，橡胶带运动速率为v . 由：E ＝BL v ，E ＝U ，得：v ＝UBL .(2)设电阻R 消耗的电功率为P ，则P ＝U 2R.(3)设感应电流大小为I ，安培力为F ，克服安培力做的功为W . 由：I ＝U R ，F ＝BIL ，W ＝Fd ，得：W ＝BLUdR .模拟题组5．如图15所示有理想边界的两个匀强磁场，磁感应强度均为B ＝0.5 T ，两边界间距s ＝0.1 m ，一边长L ＝0.2 m 的正方形线框abcd 由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻为R ＝0.4 Ω，现使线框以v ＝2 m/s 的速度从位置Ⅰ匀速运动到位置Ⅱ，则下列能正确反映整个过图15程中线框a 、b 两点间的电势差U ab 随时间t 变化的图线是( )答案 A解析 ab 边切割磁感线产生的感应电动势为E ＝BL v ＝0.2 V ，线框中感应电流为I ＝ER ＝0.5 A ，所以在0～5×10－2 s 时间内，a 、b 两点间电势差为U 1＝I ×34R ＝0.15 V ；在5×10－2 s ～10×10－2 s 时间内，ab 两端电势差U 2＝E ＝0.2 V ；在10×10－2 s ～15×10－2 s 时间内，a 、b 两点间电势差为U 1＝I ×14R ＝0.05 V.6．如图16所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的正方形导体框abcd ，现将导体框分别朝两个方向以v 、3v 速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中( ) A ．导体框中产生的感应电流方向相同图16B ．导体框中产生的焦耳热相同C ．导体框ad 边两端电势差相同D ．通过导体框截面的电荷量相同答案 AD解析由右手定则可得两种情况导体框中产生的感应电流方向相同，A 项正确；热量Q ＝I 2Rt ＝(Bl v R)2R ·l v ＝B 2l 3v R ，可知导体框产生的焦耳热与运动速度有关，B 项错误；电荷量q ＝It ＝Bl v R ·l v ＝Bl 2R ，故通过截面的电荷量与速度无关，电荷量相同，D 项正确；以速度v拉出时，U ad ＝14Bl v ，以速度3v 拉出时，U ad ＝34Bl ·3v ，C 项错误．(限时：45分钟)►题组1 对电磁感应中电路问题的考查1．如图1所示，竖直平面内有一金属环，半径为a ，总电阻为R (指拉直时两端的电阻)，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直穿过环平面，与环的最高点A 铰链连接的长度为2a 、电阻为R2的导体棒AB 由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B 点的线速度为v ，则这时AB 两图1 端的电压大小为( )A.Ba v 3B.Ba v 6C.2Ba v 3D ．Ba v答案 A解析摆到竖直位置时，AB 切割磁感线的瞬时感应电动势E ＝B ·2a ·(12v )＝Ba v .由闭合电路欧姆定律得，U AB ＝E R 2＋R 4·R 4＝13Ba v ，故选A.2．如图2所示，两光滑平行金属导轨间距为L ，直导线MN 垂直跨在导轨上，且与导轨接触良好，整个装置处在垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为B .电容器的电容为C ，除电阻R 外，导轨和导线的电阻均不计．现给导线MN 一初速度，使导线MN 向右运动，图2 当电路稳定后，MN 以速度v 向右做匀速运动时( )A ．电容器两端的电压为零B ．电阻两端的电压为BL vC ．电容器所带电荷量为CBL vD ．为保持MN 匀速运动，需对其施加的拉力大小为B 2L 2vR答案 C解析当导线MN 匀速向右运动时，导线MN 产生的感应电动势恒定，稳定后，电容器既不充电也不放电，无电流产生，故电阻两端没有电压，电容器两极板间的电压为U ＝E ＝BL v ，所带电荷量Q ＝CU ＝CBL v ，故A 、B 错，C 对；MN 匀速运动时，因无电流而不受安培力，故拉力为零，D 错．3．两根平行的长直金属导轨，其电阻不计，导线ab 、cd 跨在导轨上且与导轨接触良好，如图3所示，ab 的电阻大于cd 的电阻，当cd 在外力F 1(大小)的作用下，匀速向右运动时，ab 在外力F 2(大小)的作用下保持静止，那么在不计摩擦力的情况下(U ab 、U cd 是导线与导轨接触间的电势差)( )图3A ．F 1>F 2，U ab >U cdB ．F 1<F 2，U ab ＝U cdC ．F 1＝F 2，U ab >U cdD ．F 1＝F 2，U ab ＝U cd答案 D解析通过两导线电流强度一样，两导线都处于平衡状态，则F 1＝BIl ，F 2＝BIl ，所以F 1＝F 2，A 、B 错误；U ab ＝IR ab ，这里cd 导线相当于电源，所以U cd 是路端电压，U cd ＝IR ab ，即U ab ＝U cd ，故D 正确．4. 把总电阻为2R 的均匀电阻丝焊接成一半径为a 的圆环，水平固定在竖直向下的磁感应强度为B 的匀强磁场中，如图4所示，一长度为2a 、电阻等于R 、粗细均匀的金属棒MN 放在圆环上，它与圆环始终保持良好的接触．当金属棒以恒定速度v 向右移动经过环心O 时，求：图4(1)棒上电流的大小和方向及棒两端的电压U MN ； (2)圆环和金属棒上消耗的总热功率．答案 (1)4Ba v 3R ，从N 流向M 2Ba v 3(2)8B 2a 2v 23R解析 (1)把切割磁感线的金属棒看成一个内阻为R 、电动势为E 的电源，两个半圆环看成两个并联的相同电阻，画出等效电路图如图所示．等效电源电动势为E ＝Bl v ＝2Ba v 外电路的总电阻为R 外＝R 1R 2R 1＋R 2＝12R棒上电流大小为I ＝ER 外＋R ＝2Ba v 12R ＋R ＝4Ba v 3R电流方向从N 流向M .根据分压原理，棒两端的电压为 U MN ＝R 外R 外＋R·E ＝23Ba v .(2)圆环和金属棒上消耗的总热功率为P ＝IE ＝8B 2a 2v 23R .►题组2 对电磁感应图象的考查5. 如图5所示，两平行光滑的金属导轨MN 、PQ 固定在水平面上，相距为L ，处于竖直向下的磁场中，整个磁场由n 个宽度皆为x 0的条形匀强磁场区域1、2、3、…、n 组图5成，从左向右依次排列，磁感应强度大小分别为B 、2B 、3B 、…、nB ，两导轨左端MP 间接入电阻R ，金属棒ab 垂直放在水平导轨上，且与导轨接触良好，不计导轨和金属棒的电阻．若在不同的磁场区对金属棒施加不同的拉力，使棒ab 以恒定速度v 向右匀速运动．取金属棒图示位置(即磁场1区左侧)为x ＝0，则通过棒ab 的电流i 、对棒施加的拉力F 随位移x 变化的图象是( )答案 AD解析金属棒切割磁感线产生的感应电动势E ＝BL v ，电路中感应电流I ＝E R ＝BL v R ，所以通过棒的电流i 与n 成正比，选项A 正确；棒所受的安培力F 安＝BIL ＝B 2L 2vR ，因为棒匀速运动，对棒施加的外力F 与F 安等大反向，即F 与n 2成正比，选项D 正确． 6．如图6所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B ，方向相反且垂直纸面，MN 、PQ 为其边界，OO ′为其对称轴，一导线折成边长为L 的正方形闭合线框abcd ，线框在外力作用下由纸面内图示位置从静止开始向右做匀加速运动，若电流以逆时针方向为正方向，则从线框开始运动到ab 边刚进入到PQ 右侧磁场的过程中，能反映线框中感应电流随时间变图6 化规律的图象是( )答案 B解析由法拉第电磁感应定律知在ab 边运动到MN 边界的过程中感应电动势E ＝2BL v ＝2BLat ，感应电流为i ＝E R ＝2BLat R ∝t ，C 、D 错；在ab 边从MN 边界运动到PQ 边界的过程中，产生的感应电动势为E ＝BL v ＝BLat ，感应电流为i ′＝E R ＝BLatR ∝t ，即刚过MN边界时感应电动势、感应电流均减小一半，所以A 错，B 对．7．如图7所示，导体棒沿两平行金属导轨从图中位置以速度v 向右匀速通过一正方形abcd 磁场区域，ac 垂直于导轨且平行于导体棒，ac 右侧的磁感应强度是左侧的2倍且方向相反，导轨和导体棒的电阻均不计，下列关于导体棒中感应电流和所受安培图7力随时间变化的图象正确的是(规定电流从M 经R 到N 为正方向，安培力向左为正方向)( )答案 A解析导体棒运动时间t 时切割磁感线产生的感应电动势大小E ＝Bl v ＝2B v 2t ，感应电流大小I ＝E R ＝2B v 2tR ，导体棒所受的安培力大小F ＝BIl ＝4B 2v 3t 2R，由此可见，感应电流的大小I 与时间t 成正比，而安培力的大小F 则与时间t 是二次函数关系．由楞次定律可知，导体棒在第一、二区域的磁场中运动时，产生的感应电流分别为从M经R到N和从N 经R到M；由左手定则判断得出，导体棒在第一、二区域的磁场中运动时受到的安培力均为水平向左，只有A正确．8．如图8甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示．t＝0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流以顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向以水平向左为正．则下面关于感应电流i和cd边所受安培力F随时间t变化的图象正确的是()图8答案AC解析0～2 s时间内，负方向的磁场在减弱，产生正方向的恒定电流，cd边受安培力向右且减小.2 s～3 s时间内，电流仍是正方向，且大小不变，此过程cd边受安培力向左且增大.3 s～6 s时间内，电流沿负方向，大小不变，cd边受安培力先向右后变为向左，故选A、C.►题组3对电磁感应中电路与图象综合问题的考查9．如图9甲是半径为a的圆形导线框，电阻为R，虚线是圆的一条弦，虚线左右两侧导线框内磁场的磁感应强度随时间变化如图乙所示，设垂直线框向里的磁场方向为正，求：。

高中物理人教版(浙江)一轮课件：9.1 电磁感应现象·楞次定律

第九章
知识点一知识点二知识点三
第一节
考情概览
电磁感应现象•楞次定律
基础夯实多维课堂
-6-
特别提醒 ①磁通量是标量,却有正、负之分。若规定磁感线从线圈平面的a面穿入磁通量为正,则从它的反面b面穿入磁通量为负。磁通量概念是学习电磁感应的基础。
②由Φ=BS,可以得到 B= 。因为通过某一平面的磁通量的大小,
��2 ��2 线垂直的面积才是有效面积 ,所以正确选项是A。 A. B. 2 2
C.BL2
D.NBL2
关闭
A
解析答案
第九章
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电磁感应现象•楞次定律
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-11-
3.如图所示的矩形线框在磁场内做的各种运动中,能够产生感应电流的是( )
第九章
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第一节
考情概览
电磁感应现象•楞次定律
基础夯实多维课堂
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知识点三
感应电流方向的判定
基础夯实
1.楞次定律
(1)内容:感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量变化。 (2)适用范围:适用于一切回路磁通量变化的情况。
的
第九章
知识点一知识点二知识点三
第一节
选修3-2
第九章
电磁感应
第一节
电磁感应现象·楞次定律
第九章
第一节
考情概览
电磁感应现象•楞次定律
基础夯实多维课堂
-4-
考
试标准考试要求
考
试说明
知识内容必加试考电磁感应现象楞次定律 b c

【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习课件第9章2讲法拉第电磁感应定律、自感和涡流

nSB2－B1 A.恒为 t2－t1 nSB2－B1 B.从 0 均匀变化到 t2－t1
B2－B1S ΔΦ E＝n Δt ＝n ， t2－t1 B2－B1S φa－φb＝－n t2－t1
)
_
B I
+
√
nSB2－B1 C.恒为－ t2－t1 nSB2－B1 D.从 0 均匀变化到－ t2－t1
[思维深化]
平均平均值瞬时值
Blv
答案
考点二导体切割磁感线产生感应电动势的计算
4
5
6
【题组阶梯突破】
4. (多选)半径为a、右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为 R0.圆环水平固定放置，整个内部区域分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.直杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动，直杆始终有两点与
考点二导体切割磁感线产生感应电动势的计算
4
5
6பைடு நூலகம்
5.如图所示，在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，金属杆MN在平
行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E1；若磁感应强度
增为2B，其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为E2. 则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E1∶E2分别为C ( A.c→a，2∶1 C.a→c，1∶2 B.a→c，2∶1 D.c→a，1∶2 )
√
C.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大
D.感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同
解析答案
考点一法拉第电磁感应定律的理解及应用
1
2
3
2.图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数
为n，面积为S.若在t1到t2时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由 B1 均匀增加到 B2 ，则该段时间线圈两端a和b之间的电势差φa－φb(