【物理】湖北省襄阳市枣阳市白水高中2015-2016学年高三上学期月考试卷(12月份)

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高三物理月考试题及答案-湖北襄阳市枣阳一中2015届高三上学期10月月考试题

湖北省襄阳市枣阳一中2015届高三上学期10月月考物理试题本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共40小题，共300分，共16页。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

14．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是( ) A ．牛顿发现了行星运动的规律B ．开普勒通过扭秤实验测出了万有引力常量C ．最早指出力不是维持物体运动的原因的科学家是牛顿D ．伽利略和笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了较大的贡献15.如图示，是从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度—时间图象．在0～t 2时间内，下列说法中正确的是( )A ．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C ．t 2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是v 1＋v 2216．一带负电粒子在电场中仅受电场力作用做匀速圆周运动，该电场可能是（）A ．匀强电场B ．负点电荷的电场C ．两个等量异种负点电荷的电场D ．两个等量同种正点电荷的电场 17．如图所示，在竖直放置的光滑半圆形绝缘细管的圆心O 处放一点电荷．现将质量为m 、电荷量为q 的小球从半圆形管的水平直径端点A 静止释放，小球沿细管滑到最低点B 时，对管壁恰好无压力．若小球所带电量很小，不影响O 点处的点电荷的电场，则置于圆心处的点电荷在B 点处的电场强度的大小为( )A ．mg qB ．2mgqC ．3mg q D ．4mgq18．如图所示电路中，已知I=3A ，1I =2A ，1R =10Ω，2R =5Ω，3R =30Ω，则通过电流表A 的电流大小及方向为（）A ．1.5A ，方向向左B ．1.5A ，方向向右C ．0.5A ，方向向左D ．0.5A ，方向向右19．如图所示，AB 是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB 由点A 运动到点B ，所经位置的电势随距A 点的距离变化的规律如图(b)所示．以下说法正确的是（）A ．A 、B 两点的电场强度E A ＞E B B ．电子在A 、B 两点的速度v A ＜v BC ．A 、B 两点的电势φA >φBD ．电子在A 、B 两点的电势能E P a <E p B20. 如图所示，平行金属板A 、B 之间有匀强电场，A 、B 间电压为600 V ，A 板带正电并接地，A 、B 两板间距为12 cm ，C 点离A 板4 cm ，下列说法正确的是（）A ．E=2000V/m ，φC =200VB ．E=5000V/m ，φC =-200VC ．电子在C 点具有的电势能为-200eV ，把一个电子从C 点移到B 板，电场力做功为-400eV 。

湖北省襄阳市枣阳市白水高中高三上学期周考物理试卷(12.26) Word版含解析

2016-2017学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高三（上）周考物理试卷（12.26）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示，物块a，b质量分别为2m，m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态．则（）A．物块b受四个力作用B．物块b受到的摩擦力大小等于2mgC．物块b对地面的压力大小等于mgD．物块a受到物块b的作用力水平向右2．在固定的斜面体Q上放一物块P，P静止不动；现分别沿平行斜面向上、水平向左、竖直向下和垂直纸面向外（未画出）的力F作用于P，P仍静止不动，如图所示．下列判断正确的是（）A．图（a）中Q对P的支持力增大B．图（b）中Q对P的摩擦力减小C．图（c）中P受到的合外力增大D．图（d）中P所受的摩擦力增大3．甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，则下面四组t′和d的组合可能是（）A．t′=t1，d=S B．t′=t1，d=SC．t′=t1，d=S D．t′=t1，d=S4．如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．己知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．下列说法正确的是（）A．斜面倾角α=45°B．A获得最大速度为2gC．C刚离开地面时，B的加速度最大D．从释放A到C刚离开的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒5．2016年2月11日，美国自然科学基金召开新闻发布会宣布，人类首次探测到了引力波．2月16日，中国科学院公布了一项新的探测引力波的“空间太极计划”．由中山大学发起的空间引力波探测工程“天琴计划”于15年7月正式启动．计划从2016年到2035年分四阶段进行，将向太空发射三颗卫星探测引力波．在目前讨论的初步概念中，天琴将采用三颗全同的卫星（SC1、SC2、SC3）构成一个等边三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在以地球为中心、高度约10万公里的轨道上运行，针对确定的引力波源进行探测，这三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴，故命名为“天琴计划”．则下列有关三颗卫星的运动描述正确的是（）A．三颗卫星一定是地球同步卫星B．三颗卫星具有相同大小的加速度C．三颗卫星线速度比月球绕地球运动的线速度大且大于第一宇宙速度D．若知道万有引力常量G及三颗卫星绕地球运转周期T可估算出地球的密度6．如图所示，BC是半径为R的竖直面内的圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方，∠BOC=60°，将质量为m的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点沿圆弧切线方向进入圆轨道，由于小球与圆弧之间有摩擦，能够使小球从B到C做匀速圆周运动．重力加速度大小为g．则（）A．从B到C，小球克服摩擦力做功为mgRB．从B到C，小球与轨道之间摩擦力保持不变C．在C点，小球对轨道的压力大小等于mgD．A、B两点间的距离为R7．已知地球自转周期为T0，有一颗与同步卫星在同一轨道平面的低轨道卫星，自西向东绕地球运行，其运行半径为同步轨道半径的四分之一，该卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能是（）A．B．C．D．8．如图所示，竖直平面内有一光滑直杆AB，杆与水平方向的夹角为θ（0°≤θ≤90°），一质量为m的小圆环套在直杆上，给小圆环施加一与该竖直平面平行的恒力F，并从A端由静止释放，改变直杆和水平方向的夹角θ，当直杆与水平方向的夹角为30°时，小圆环在直杆上运动的时间最短，重力加速度为g，则（）A．恒力F可能沿与水平方向夹30°斜向右下的方向B．当小圆环在直杆上运动的时间最短时，小圆环与直杆间必无挤压C．若恒力F的方向水平向右，则恒力F的大小为mgD．恒力F的最小值为mg二．非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑电荷量的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图2所示，由此读出d=cm．（3）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为θ，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=，在误差允许的范围内，若△E k=△E p，则可认为系统的机械能守恒．10．在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a．把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b．调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；c．用细线将木板上的小车通过定滑轮与砂桶相连；d．接通电源，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点；e．换上新的纸带，在砂桶中依次加入适量的砂子，重复d步骤多次，得到几条点迹清晰的纸带．现测出了其中一条纸带上的距离，如图2所示，已知打点周期为0.02s．则这条纸带上C点速度的大小v C=m/s，形成加速度的大小a=m/s2（取三位有效数字）．根据所测纸带数据，把砂与砂桶的重力作为合外力F，拟作出加速度a ﹣F图象，发现当a比较大时图线明显向F轴偏移，这是由于实验原理的不完善导致的，请你在这个实验的基础上，稍加改进实验原理，得到一条a﹣F成正比的图线，写出你的改进方法：．11．如图所示，一质量为m的物块A与直立的轻弹簧的上端连接，弹簧的下端固定在地面上，一质量也为m的物块叠放在A的上面，A、B处于静止状态．若A、B粘连在一起，用一竖直向上的拉力缓慢上提B，当拉力的大小为时，A 物块上升的高度为L，此过程中，该拉力做的功为W；若A、B不粘连，用一竖直向上的恒力F作用在B上，当A物块上升的高度也为L时，A、B恰好分离．重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）恒力F的大小；（2）A与B分离时的速度大小．12．如图所示，空间有场强E=1.0×102V/m竖直向下的电场，长L=0.8m不可伸长的轻绳固定于O点．另一端系一质量m=0.5kg带电q=5×10﹣2C的小球．拉起小球至绳水平后在A点无初速度释放，当小球运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂，小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成θ=53°、无限大的挡板MN上的C点．试求：（1）绳子的最大张力；（2）A、C两点的电势差；（3）当小球运动至C点时，突然施加一恒力F作用在小球上，同时把挡板迅速水平向右移至某处，若小球仍能垂直打在档板上，所加恒力F的方向及取值范围．（二）选考题【物理--选修3-5】13．如图是氢原子的能级图，对于一群处于n=4的氢原子，下列说法中正确的是（）A．这群氢原子能够吸收任意能量的光子后向更高能级跃迁B．这群氢原子能够发出6种不同频率的光C．这群氢原子发出的光子中，能量最大为10.2eVD．如果发出的光中子有两种能使某金属产生光电效应，其中一种一定是由n=3能级跃迁到n=1能级发出的E．从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长14．如图，用细线线拴住质量分别为m1、m2的小球a、b并悬挂在天花板下，平衡时两球心在同一水平面上且距天花板的距离为L．将a拉至水平位置后由静止释放，在最低位置时与b发生弹性正碰，若碰后两球上升的最大高度相同．重力加速度为g．求：m1与m2的比值及碰后两球各自的速度大小．2016-2017学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高三（上）周考物理试卷（12.26）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示，物块a，b质量分别为2m，m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态．则（）A．物块b受四个力作用B．物块b受到的摩擦力大小等于2mgC．物块b对地面的压力大小等于mgD．物块a受到物块b的作用力水平向右【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】按重力、弹力的顺序逐个分析物体的受力，每一个接触面都要分析．再由平衡条件求力的大小．【解答】解：A、物块b受到：重力、a的弹力和静摩擦力、地面的支持力、推力F，共受五个力，故A错误．B、以a为研究对象，由平衡条件知，b对a的摩擦力大小等于a的重力，为2mg，由牛顿第三定律知a对b的摩擦力大小也等于2mg，故B正确．C、以整体为研究对象，则知地面对b的支持力等于3mg，则物块b对地面的压力大小等于3mg，故C错误．D、物块a受到物块b两个力作用：水平向右的压力和竖直向上的静摩擦力，它们的合力斜向右上方，则物块a受到物块b的作用力斜向右上方，故D错误．故选：B．2．在固定的斜面体Q上放一物块P，P静止不动；现分别沿平行斜面向上、水平向左、竖直向下和垂直纸面向外（未画出）的力F作用于P，P仍静止不动，如图所示．下列判断正确的是（）A．图（a）中Q对P的支持力增大B．图（b）中Q对P的摩擦力减小C．图（c）中P受到的合外力增大D．图（d）中P所受的摩擦力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对物体进行受力分析，由共点力的平衡条件得出各个力的表达式，进而分析力F作用后的变化情况．【解答】解：A、图（a）中，Q对P的支持力等于P的重力垂直斜面方向的分量，与F的大小无关，所以Q对P的支持力不变，故A错误；B、把F分解到沿斜面方向和垂直与斜面方向，根据平衡条件可知，P受到的摩擦力等于重力沿斜面向下的分量与F沿斜面向下的分量之和，增大，故B错误；C、P处于静止状态，合力为零，则图（c）中P受到的合外力不变，故C错误；D、d图中施加垂直纸面向外的力F，根据平衡条件可知，P受到的摩擦力f=，所以摩擦力增大，故D正确．故选：D3．甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，则下面四组t′和d的组合可能是（）A．t′=t1，d=S B．t′=t1，d=SC．t′=t1，d=S D．t′=t1，d=S【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．相遇要求在同一时刻到达同一位置．【解答】解：在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故t′＜t1，从图象中甲、乙与坐标轴围成的面积即对应的位移看：A．因为要相遇两次，所以第一次相遇不可能在t1时刻，故A错误；B．当t′=t1时，由几何关系可知甲的面积为S，乙的面积为，所以甲的面积比乙的面积多出，即相距d=时正好相遇，故B、C组合不可能，D组合可能；故选D4．如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．己知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．下列说法正确的是（）A．斜面倾角α=45°B．A获得最大速度为2gC．C刚离开地面时，B的加速度最大D．从释放A到C刚离开的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒【考点】机械能守恒定律．【分析】C刚离开地面时，弹簧的弹力等于C的重力，根据牛顿第二定律知B的加速度为零，B、C加速度相同，分别对B、A受力分析，列出平衡方程，求出斜面的倾角．A、B、C组成的系统机械能守恒，初始位置弹簧处于压缩状态，当B具有最大速度时，弹簧处于伸长状态，根据受力知，压缩量与伸长量相等．在整个过程中弹性势能变化为零，根据系统机械能守恒求出B的最大速度，A的最大速度与B的速率相等．【解答】解：A、A刚离开地面时，对A有：kx2=mg此时B有最大速度，即a B=a C=0则对B有：T﹣kx2﹣mg=0对A有：4mgsinα﹣T=0以上方程联立可解得：sinα=0.5，α=30°，故A错误；B、初始系统静止，且线上无拉力，对B有：kx1=mg由上问知x1=x2=，则从释放至A刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零；此过程中A、B、C组成的系统机械能守恒，即：4mg（x1+x2）sinα=mg（x1+x2）+（4m+m）v Bm2以上方程联立可解得：v Bm=2g，所以A获得的最大速度为2g，故B正确；C、对B球进行受力分析可知，刚释放A时，B所受合力最大，此时B具有最大加速度，故C错误；D、从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B、C及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误．故选：B5．2016年2月11日，美国自然科学基金召开新闻发布会宣布，人类首次探测到了引力波．2月16日，中国科学院公布了一项新的探测引力波的“空间太极计划”．由中山大学发起的空间引力波探测工程“天琴计划”于15年7月正式启动．计划从2016年到2035年分四阶段进行，将向太空发射三颗卫星探测引力波．在目前讨论的初步概念中，天琴将采用三颗全同的卫星（SC1、SC2、SC3）构成一个等边三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在以地球为中心、高度约10万公里的轨道上运行，针对确定的引力波源进行探测，这三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴，故命名为“天琴计划”．则下列有关三颗卫星的运动描述正确的是（）A．三颗卫星一定是地球同步卫星B．三颗卫星具有相同大小的加速度C．三颗卫星线速度比月球绕地球运动的线速度大且大于第一宇宙速度D．若知道万有引力常量G及三颗卫星绕地球运转周期T可估算出地球的密度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】同步轨道卫星的半径约为42400公里，根据万有引力定律结合牛顿第二定律判断加速度大小是否相等，第一宇宙速度是绕地球运动的最大速度，要计算地球质量，需要知道地球半径【解答】解：A、同步轨道卫星的半径约为42400公里，是个定值，而三颗卫星的半径约为10万公里，所以这三颗卫星不是地球同步卫星，故A错误；B、根据G=ma，解得：a=，由于三颗卫星到地球的距离相等，则它们的加速度大小相等，故B正确；C、第一宇宙速度是绕地球运动的最大速度，则三颗卫星线速度都小于第一宇宙速度，故C错误；D、若知道万有引力常量G及三颗卫星绕地球运转周期T可以求出地球的质量，但不知道地球半径，所以不能求出地球的密度，故D错误．故选：B6．如图所示，BC是半径为R的竖直面内的圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方，∠BOC=60°，将质量为m的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点沿圆弧切线方向进入圆轨道，由于小球与圆弧之间有摩擦，能够使小球从B到C做匀速圆周运动．重力加速度大小为g．则（）A．从B到C，小球克服摩擦力做功为mgRB．从B到C，小球与轨道之间摩擦力保持不变C．在C点，小球对轨道的压力大小等于mgD．A、B两点间的距离为R【考点】平抛运动．【分析】小球进入轨道前做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出小球的初速度、小球的水平与竖直位移，从而求出A、B两点的距离，由牛顿第二定律与牛顿第三定律可以求出小球对轨道的压力．【解答】解：AD、小球做从A到B做平抛运动，在B点，小球速度方向偏角θ=60°，则，v y=gt竖直方向的位移y=Rcos60°=水平方向的位移x=v A t解得x=则A、B两点的距离，在B点时小球的速度球从B到C做匀速圆周运动，则由能量守恒定律可知小球克服摩擦力做的功等于重力做的功，故A正确，D正确；B、从B到C，小球做匀速圆周运动，合外力指向圆心，则沿着速度方向的合力为零，即摩擦力等于重力沿速度方向的分力，而重力沿速度方向的分力逐渐减小，则摩擦力逐渐减小，由牛顿第三定律可知小球对轨道之间摩擦力逐渐减小，故B 错误；C、在C点，轨道对小球的支持力设为F N则有解得F N=，由牛顿第三定律可知，在C点小球对轨道的压力也为，故C 错误；故选：AD7．已知地球自转周期为T0，有一颗与同步卫星在同一轨道平面的低轨道卫星，自西向东绕地球运行，其运行半径为同步轨道半径的四分之一，该卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能是（）A．B．C．D．【考点】同步卫星．【分析】通过万有引力提供向心力求出周期与轨道半径的关系，从而求出人造卫星的周期．抓住转过的圆心角关系求出在同一城市的正上方出现的最小时间．【解答】解：设地球的质量为M，卫星的质量为m，运动周期为T，因为卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，有：=解得：T=2π同步卫星的周期与地球自转周期相同，即为T0．已知该人造卫星的运行半径为同步卫星轨道半径的四分之一，所以该人造卫星与同步卫星的周期之比是：==解得：T=T0．设卫星至少每隔t时间才在同一地点的正上方出现一次，根据圆周运动角速度与所转过的圆心角的关系θ=ωt得：t=2π+t解得：t=，因此卫星可能每隔时间才在同一地点的正上方出现一次，故ABC错误，D正确．故选：D．8．如图所示，竖直平面内有一光滑直杆AB，杆与水平方向的夹角为θ（0°≤θ≤90°），一质量为m的小圆环套在直杆上，给小圆环施加一与该竖直平面平行的恒力F，并从A端由静止释放，改变直杆和水平方向的夹角θ，当直杆与水平方向的夹角为30°时，小圆环在直杆上运动的时间最短，重力加速度为g，则（）A．恒力F可能沿与水平方向夹30°斜向右下的方向B．当小圆环在直杆上运动的时间最短时，小圆环与直杆间必无挤压C．若恒力F的方向水平向右，则恒力F的大小为mgD．恒力F的最小值为mg【考点】牛顿第二定律．【分析】根据题意，结合牛顿第二定律，可知，力与重力的合力方向一定沿杆的方向，再依据矢量的合成法则，及三角知识，即可求解．【解答】解：A、根据题意，小圆环在直杆上运动的时间最短，则加速度最大，即力与重力的合力方向沿杆的方向，那么恒力F的方向不确定，故A错误；B、由于小圆环在直杆上运动的时间最短，即加速度方向沿杆的方向，而恒力F 和小圆环的重力的合力一定沿与水平方向夹30°斜向右下的方向，即为杆的方向，小圆环与直杆间必无挤压，故B正确；C、要使时间最短，则加速度最大，即不论F多大，沿何种方向，确定的力F与mg的合力方向沿杆向下，当恒力F的方向水平向右，如图所示的受力，则有：F==mg，故C正确；D、合力F合与mg、F三力可构成矢量三角形，如下图所示：垂直时，即与斜面垂直时，F有最小，则有：F min=mgsin60°=由图可知，当F与F合mg，故D正确；故选：BCD．二．非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑电荷量的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图2所示，由此读出d= 3.040cm．（3）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为θ，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=（m﹣Msinθ）gL，在误差允许的范围内，若△E k=△E p，则可认为系统的机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．不同的尺有不同的精确度，注意单位问题．（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量．【解答】解：（1）宽度d的读数为：30mm+8×0.05mm=30.40mm=3.040cm；（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门B速度为：v B=；滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：△E K=（M+m）（）2=；系统的重力势能减少量可表示为：△E p=mgL﹣MgLsinθ=（m﹣Msinθ）gL；故答案为：（1）3.040；（2），（m﹣Msinθ）gL．10．在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a．把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b．调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；c．用细线将木板上的小车通过定滑轮与砂桶相连；d．接通电源，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点；e．换上新的纸带，在砂桶中依次加入适量的砂子，重复d步骤多次，得到几条点迹清晰的纸带．现测出了其中一条纸带上的距离，如图2所示，已知打点周期为0.02s．则这条纸带上C点速度的大小v C= 1.74m/s，形成加速度的大小a=0.123m/s2（取三位有效数字）．根据所测纸带数据，把砂与砂桶的重力作为合外力F，拟作出加速度a﹣F图象，发现当a比较大时图线明显向F轴偏移，这是由于实验原理的不完善导致的，请你在这个实验的基础上，稍加改进实验原理，得到一条a﹣F成正比的图线，写出你的改进方法：在拉小车的绳子上安装力传感器，直接测出小车受到的绳子拉力．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】利用在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求D的速度大小，利用逐差法根据△x=aT2可求物体的加速度．只有满足砂桶和沙子的质量远远小于小车的质量时，才能用砂桶和沙子的重力代替小车受到的合力，随着加速度增大，已经不能满足这个条件，所以图象会偏转，据此得出改进的方法即可．【解答】解：每打2个点取一个计数点，相邻的计数点的时间间隔是T=0.04s，根据中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速得C点的速度为：v C=，根据作差法得：a=，当砂桶和沙子的质量较大时，加速度较大，不满足砂桶和沙子的质量远远小于小车的质量，所以不能用砂桶和沙子的重力代替小车受到的合力，此时图线明显向F轴偏移，可以在拉小车的绳子上安装力传感器，直接测出小车受到的绳子拉力，就不需要。

湖北省枣阳市白水高级中学2016届高三8月模拟考试试卷(物理)

白水高中高三理综测试（一）2015.08.241．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填、涂写在答题卡上2．选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答超出答题区域书写的答案无效。

4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。

一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19、20、21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．伽利略曾利用对接斜面研究“力与运动”的关系。

如图，固定在水平地面上的倾角均为θ的两斜面，以光滑小圆弧相连接。

左侧斜面顶端的小球与两斜面的动摩擦因数均为μ。

小球从左侧顶端滑到最低点的时间为t1，滑到右最高点的时间为t2。

规定斜面连接处为参考平面，则小球在这个运动过程中速度的大小v、加速度的大小a、动能E k及机械能E随时间t变化的关系图线正确的是15．如图所示，在投球游戏中，某人将小球从P点以速度v水平抛向固定在水平地面上的塑料筐，小球恰好沿着筐的上沿人筐并打在筐的底角．若要让小球进人筐中并直接击中筐底正中间，下列做法可行的是A. 在P点将小球以小于v的速度水平抛出B. 在P点将小球以大于v的速度水平抛出C. 在P点正上方某位置将小球以小于v的速度水平抛出D. 在P点正下方某位置将小球以小于v的速度水平抛出16．竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按如上图所示的电路图连接，绝缘线与左极板的夹角为θ；当滑动变阻器R，夹角为θ1；的滑片在a位置时，电流表的读数为I当滑片在b位置时，电流表的读数为I2，夹角为θ2,则A.θ1＜θ2, I1 = I2B.θ1＞θ2,I1＞I2C.θ1=θ2, I1=I2D.θ1＜θ2，I1＜I217．静电喷涂时，喷枪带负电，被喷工件带正电，喷枪喷出的涂料微粒带负电。

湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二物理上学期第三次月考试卷(含解析)

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）第三次月考物理试卷一、单项选择题．（每小题4分，共计48分）1．两点电荷A、B带电量q A＞q B，在真空中相距为L0，现将检验电荷q置于某一位置时所受库仑力恰好为零，则此位置当A、B为（）A．同种电荷时，在A、B连线上靠近B一侧B．同种电荷时，在A、B连线上靠近A一侧C．异种电荷时，在BA连线的延长线上靠近A一侧D．异种电荷时，在AB连线的延长线上靠近B一侧2．如图所示，是描述对给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的是（）A．B．C．D．3．下列说法中正确的是（）A．磁感应强度B越大的地方φ就一定越大B．磁通量为零，则B可能不为零C．穿过某一平面的磁感线的条数越多，则该平面的磁通量就一定越大D．穿过某一面积的磁通量等于面积S与该处的磁感应强度B的乘积4．如图所示的电路中，A、B、C、D是四只相同的灯泡．当滑动变阻器的滑动片向下滑动时，下列说法正确的是（）A．A灯变亮B．B灯变暗C．C灯变亮D．D灯变亮5．十九世纪二十年代，以塞贝克（数学家）为代表的科学家已认识到：温度差会引起电流．安培考虑到地球自转造成了太阳照射后正面与背面的温度差，从而提出如下假设：地球磁场是绕地球的环形电流引起的，则该假设中的电流的方向是（）（注：磁子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线）A．由东向西垂直磁子午线B．由西向东垂直磁子午线C．由南向北沿磁子午线方向D．由赤道向两极沿磁子午线方向6．A、B、C是三个不同规格的灯泡，按图所示方式连接都能正常发光，已知电源的电动势为E，内电阻为r，将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是（）A．A、B灯比原来亮，C灯变暗 B．A、B灯比原来暗，C灯变亮C．都比原来亮D．都比原来暗7．关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功这零8．从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有高能带电粒子，若到达地球，对地球上的生命将带来危害，图为地磁场的分布图，对于地磁场宇宙射线有无阻挡作用的下列说法中，正确的是（）A．地磁场对直射地球的宇宙射线的阻挡作用在南北两极最强，赤道附近最弱B．地磁场对直射地球的宇宙射线的阻挡作用在赤道附近最强，两极地区最弱C．地磁场对宇宙射线的阻挡作用各处相同D．地磁场对宇宙射线无阻挡作用9．如图所示为三个门电路符号，下列判断正确的是（）A．甲为“非”门、乙为“与”门、丙为“或”门B．甲为“与”门、乙为“或”门、丙为“非”门C．甲为“非”门、乙为“或”门、丙为“与”门D．甲为“或”门、乙为“与”门、丙为“非”门10．在等量同种点电荷连线的中垂线上有A、B两点，如图所示，下列结论正确的（）A．E A＜E B，方向相同B．E A可能等于E B，且方向相反C．E A和E B大小不可能相等，但方向相同D．E A和E B大小可能相等，且方向相同11．如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下一带电粒子（不计重力）经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，则（）A．粒子带正电B．粒子在B点加速度较大C．粒子在B点动能较大D．A、B两点相比较，A点电势高12．如图所示，Q是一个正点电荷，ab是水平放置的光滑绝缘杆，杆上套着一个带负电的环p，它们在同一竖直平面内，把环从a端由静止释放，在环从a端向b端滑动过程中其电势能（）A．一直增加 B．一直减少 C．先减少后增加 D．先增加后减少二、实验题（题型注释）13．如图1是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0～99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势10V，内阻很小）．在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大．实验具体步骤如下：（i）连接好电路，将滑动变阻器R调到最大；（ii）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2．（iii）重复步骤（ii），再侧量6组R1和I2；（iv）将实验洲得的7组数据在坐标纸上描点．根据实验回答以下问题：①现有四只供选用的电流表：A．电流表（0～3mA，内阻为2.0Ω）B．电流表（0～3mA，内阻未知）C．电流表（0～0.3A，内阻为5.0ΩD．电流表（0～0.3A，内阻未知）A1应选用，A2应选用．②测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值（选填“不变”、“变大”或“变小”）．③在图2坐标纸上画出R1与I2的关系图．④根据以上实验得出R x= Ω．三、计算题（题型注释）14．两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平内，另一边垂直于水平面．质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为R．整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在平行于水平导轨的拉力F（大小未知）作用下以一定的速度沿导轨向右匀速运动时，cd杆正好以速度u向下匀速运动．重力加速度为g．试求：（1）杆ab中电流的方向和杆ab速度v的大小；（2）回路电阻消耗的电功率P；（3）拉力F的大小．15．从阴极K发射的电子经电势差U0=4500V的阳极加速后，沿平行于板面的方向从中央射入两块长L1=10cm，间距d=4cm的平行金属板AB之后，在离金属板边缘L2=75cm处放置一个直径D=20cm的带有记录纸的圆筒（如图1所示），整个装置放在真空内，电子发射的初速度不计．已知电子质量m=0.9×10﹣30kg，电子电量e=1.6×10﹣19C，不考虑相对论效应．（1）若在两金属板上加上U1=1000V的直流电压（φA＞φB），为使电子沿入射方向做匀速直线运动，应加怎样的磁场？（2）若在两金属板上加上U2=1000cos2πt（V）的交流电压，并使圆筒绕中心轴按图2示方向以ω=4πrad/s的角速度匀速转动，确定电子在记录纸上的偏转位移随时间变化的关系式并定性画出1s钟内所记录的图形．（电子穿过AB的时间很短，可认为这段时间内板间电压不变）16．如图所示，在场强E=104 N/C的水平匀强电场中，有一根长L=15cm的细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g，带电荷量q=2×10﹣6 C的小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，则（1）小球到达最低点B时的速度是多大．（2）小球的速度最大时绳与竖直方向的夹角是多大？2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题．（每小题4分，共计48分）1．两点电荷A、B带电量q A＞q B，在真空中相距为L0，现将检验电荷q置于某一位置时所受库仑力恰好为零，则此位置当A、B为（）A．同种电荷时，在A、B连线上靠近B一侧B．同种电荷时，在A、B连线上靠近A一侧C．异种电荷时，在BA连线的延长线上靠近A一侧D．异种电荷时，在AB连线的延长线上靠近B一侧【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解决本题一定要把握“放入的电荷处于平衡状态”这一特点进行受力分析．物体受两个力合力为零，这两个力应该等值，反向．【解答】解：若q A和q B均为固定的正电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，有库仑定律，对q有=因为q A＞q B．所以r A＞r B而且保证两个力的方向相反，所以应将q C置于AB线段上，且靠近B．若q A和q B为固定的异种电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，有库仑定律，对q有=因为q A＞q B．所以r A＞r B而且保证两个力的方向相反，所以应将q C置于AB连线的延长线上，且靠近B．故AD正确，BC错误；故选AD．【点评】本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用．应该抓住两个力的大小、方向的关系．2．如图所示，是描述对给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的是（）A．B．C．D．【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比．【解答】解：是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：，只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；根据可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量Q和电压U成正比，故C正确；故选BCD．【点评】解决本题的关键掌握电容的定义式为，知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关．3．下列说法中正确的是（）A．磁感应强度B越大的地方φ就一定越大B．磁通量为零，则B可能不为零C．穿过某一平面的磁感线的条数越多，则该平面的磁通量就一定越大D．穿过某一面积的磁通量等于面积S与该处的磁感应强度B的乘积【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；磁感应强度；磁通量．【分析】当平面与磁场平行时，穿过该平面的磁通量为零．当平面与垂直时，磁通量最大．匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为Φ=BSsinα，α是平面与磁场方向的夹角．磁通量的物理意义是表示穿过磁场中某一面积的磁感线的条数．【解答】解：A、磁感应强度B越大的地方磁感线越密，但磁通量还与线框的面积以及摆放方向有关，故A错误；B、当平面与磁场平行时，穿过该平面的磁通量为零，故B正确；C、磁通量的物理意义是表示穿过磁场中某一面积的磁感线的条数，故穿过某一平面的磁感线的条数越多，则该平面的磁通量就一定越大，故C正确；D、匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为Φ=BSsinα，α是平面与磁场方向的夹角，故D错误；故选BC．【点评】本题关键是要明确磁通量的定义以及其物理意义，同时要知道磁感应强度又称为磁通密度．4．如图所示的电路中，A、B、C、D是四只相同的灯泡．当滑动变阻器的滑动片向下滑动时，下列说法正确的是（）A．A灯变亮B．B灯变暗C．C灯变亮D．D灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当变阻器的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道A灯亮度的变化．根据总电流与通过A灯的电流变化，即可分析通过B的电流变化，从而判断其亮度的变化．由欧姆定律分析右侧电路中并联部分电压的变化，判断C灯亮度的变化．由通过B的电流与C中电流的变化，分析通过D灯电流的变化，判断其亮度的变化．【解答】解：当变阻器的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，通过A的电流减小，所以A 灯变暗．由于总电流 I=I A+I B，I↑，I A↓，则I B↑，B灯变亮．因路端电压U=U B+U C，U↓，U B↑，则U C↓，故C灯变暗．I B=I C+I D，因I B↑，I C↓，则I D↑，则D灯变亮．故D正确，ABC错误．故选：D【点评】本题是电路动态分析问题，关键要按局部到整体，再到局部分析电压、电流的变化．5．十九世纪二十年代，以塞贝克（数学家）为代表的科学家已认识到：温度差会引起电流．安培考虑到地球自转造成了太阳照射后正面与背面的温度差，从而提出如下假设：地球磁场是绕地球的环形电流引起的，则该假设中的电流的方向是（）（注：磁子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线）A．由东向西垂直磁子午线B．由西向东垂直磁子午线C．由南向北沿磁子午线方向D．由赤道向两极沿磁子午线方向【考点】磁场对电流的作用．【分析】要解决此题首先要掌握安培定则：四指绕向电流的方向，大拇指所指的方向便是螺线管的N极．首先根据信息中给出的已知条件，根据根据“磁子午线”由安培定则确定电流的方向．【解答】解：由题意知，地磁体的N极朝南，根据安培定则，大拇指指向地磁体的N极，则四指的绕向即为电流的方向，即安培假设中的电流方向应该是由东向西垂直磁子午线．故选：A【点评】题通过一个信息，考查了学生对安培定则的掌握及应用，相对比较简单，属于基础题．6．A、B、C是三个不同规格的灯泡，按图所示方式连接都能正常发光，已知电源的电动势为E，内电阻为r，将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是（）A．A、B灯比原来亮，C灯变暗 B．A、B灯比原来暗，C灯变亮C．都比原来亮D．都比原来暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由图看出此电路结构是：B灯、变阻器串联后与C并联，再与A灯串联．滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律并联部分电压的变化情况，即可判断AB两灯亮度的变化，根据干路电流的变化，分析B灯亮度的变化．【解答】解：A、滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，则A灯变亮．根据串联电路分压规律可知并联部分分担的电压减小，则C灯变暗，由于通过B灯的电流等于干路电流与通过C灯电流之差，干路电流增大，而通过C灯的电流减小，则通过B灯的电流增大，变亮，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题是简单的电路动态变化分析问题，通常按照“部分→整体→部分”的思路分析．也可以直接根据有关结论进行分析，比如：变阻器电阻减小，所在电路中的电流增大，与之并联的电路中电流减小．7．关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功这零【考点】电场线；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度与电势之间无必然联系，但沿电场方向电势降低，而且速度最快；电势差与两点的场强无关，只与两点间沿电场方向的距离和两点间的场强有关；电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与两点的场强没有关系．【解答】解：A：在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，故A错误．B：电势差的大小决定于两点间沿电场方向的距离和电场强度，故B错误C：沿电场方向电势降低，而且速度最快，故C正确D：电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与两点的场强没有关系．场强为零，电势不一定为零，如从带正电荷的导体球上将正电荷移动到另一带负电荷的导体球上，电场力做正功．故D错误故选：C．【点评】电场强度、电势、电势差、电场力的功，它们的定义以及它们之间的关系要记清，有不好理解的题目可找实际的例子加以分析．8．从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有高能带电粒子，若到达地球，对地球上的生命将带来危害，图为地磁场的分布图，对于地磁场宇宙射线有无阻挡作用的下列说法中，正确的是（）A．地磁场对直射地球的宇宙射线的阻挡作用在南北两极最强，赤道附近最弱B．地磁场对直射地球的宇宙射线的阻挡作用在赤道附近最强，两极地区最弱C．地磁场对宇宙射线的阻挡作用各处相同D．地磁场对宇宙射线无阻挡作用【考点】洛仑兹力．【分析】根据地球磁场的分布，结合洛伦兹力的计算公式：f=qvB，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．【解答】解：A、B：在南北两极，地磁场沿竖直方向，垂直射向地球表面的宇宙射线在南北两极几乎不受磁场力作用，地磁场对粒子的阻挡能力最弱；在赤道上，地磁场沿水平方向，对垂直射向地球的宇宙射线阻挡能力最强，故A错误，B正确；C、高能带电粒子到达地球受到地磁场的洛伦兹力作用，发生偏转．不同的磁场，所受到的洛伦兹力大小不一样．故C错误；D、由以上的分析可知，地球的磁场是对宇宙射线有阻挡作用的．故D错误；故选：B【点评】本题考查了地球磁场的分布特点和左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向，从而判断粒子的运动情况．9．如图所示为三个门电路符号，下列判断正确的是（）A．甲为“非”门、乙为“与”门、丙为“或”门B．甲为“与”门、乙为“或”门、丙为“非”门C．甲为“非”门、乙为“或”门、丙为“与”门D．甲为“或”门、乙为“与”门、丙为“非”门【考点】简单的逻辑电路．【分析】记住三个基本门电路的符号然后进行判断即可．【解答】解：甲为“非”门符号，乙为“或”门符号，丙为“与”符号，故C正确；故选：C．【点评】本题考查了逻辑门电路的基本符号，并理解其功能．10．在等量同种点电荷连线的中垂线上有A、B两点，如图所示，下列结论正确的（）A．E A＜E B，方向相同B．E A可能等于E B，且方向相反C．E A和E B大小不可能相等，但方向相同D．E A和E B大小可能相等，且方向相同【考点】电场线．【分析】根据点电荷场强公式E，运用矢量合成的平行四边形定则求出连线中垂线上各个点的合场强．【解答】解：两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，场强最大的P点可能在AB连线之间，也可能在AB连线上，还可能在AB连线下，由于AB两点的间距也不确定，故E A可能大于E B，也可能小于E B，还可能等于E B；电场强度一直向上，AB两点的场强方向相同．故选：D【点评】本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低．11．如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下一带电粒子（不计重力）经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，则（）A．粒子带正电B．粒子在B点加速度较大C．粒子在B点动能较大D．A、B两点相比较，A点电势高【考点】电势；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．【解答】解：A、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，因此粒子带负电．故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则B点的加速度较大．故B正确；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、沿着电场线电势降低，所以A点的电势高，故D正确；故选：BD【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧12．如图所示，Q是一个正点电荷，ab是水平放置的光滑绝缘杆，杆上套着一个带负电的环p，它们在同一竖直平面内，把环从a端由静止释放，在环从a端向b端滑动过程中其电势能（）A．一直增加 B．一直减少 C．先减少后增加 D．先增加后减少【考点】电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小圆环受到重力、支持力与库仑力，由于重力与支持力均不做功，仅在库仑引力作用下运动，库仑引力先做正功后做负功，则环的动能先增大后减小，而环与电荷组成的系统电势能先减小后增大；【解答】解：小圆环沿光滑直杆运动，受到Q的吸引力，库仑力与速度方向的夹角先小于90°后大于90°，则库仑力先做正功后做负功．由于只有库仑力做功，所以小圆环的动能先增大后减小，则小圆环与负电荷组成的系统电势能先减小后增大．故选：C【点评】考查库仑定律与牛顿第二定律，及运用力的分解，同时还应用力的做功，特别注意功的正负．并当只有电场力做功时，动能与电势能相互转化．二、实验题（题型注释）13．如图1是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0～99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势10V，内阻很小）．在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大．实验具体步骤如下：（i）连接好电路，将滑动变阻器R调到最大；（ii）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2．（iii）重复步骤（ii），再侧量6组R1和I2；（iv）将实验洲得的7组数据在坐标纸上描点．根据实验回答以下问题：①现有四只供选用的电流表：A．电流表（0～3mA，内阻为2.0Ω）B．电流表（0～3mA，内阻未知）C．电流表（0～0.3A，内阻为5.0ΩD．电流表（0～0.3A，内阻未知）A1应选用 D ，A2应选用 C ．②测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值变大（选填“不变”、“变大”或“变小”）．③在图2坐标纸上画出R1与I2的关系图．④根据以上实验得出R x= 31.3 Ω．【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】①由题意可知，A1示数I1=0.15A，即可确定量程，根据题目中图象示数可知，A2的量程为0.3A；，②由欧姆定律，结合电路分析方法，可知滑动变阻器的阻值如何变化；③根据串并联特征，结合R1与I2的图象的斜率含义，依据欧姆定律，即可求解．【解答】解：①A1示数I1=0.15A，则A1应选用量程为0.3A的电流表，由于只要知道电流大小即可，即选用D；根据R1与I2的关系图，可知，A2的量程为0.3A，且必须要知道其电阻，因此选用C；②调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，则与其串联的两个电阻一个电流表的两端电压必须要在减小，因此只有应让滑动变阻器R接入电路的阻值在变大，才能达到这样的条件；③根据欧姆定律，则有：（R1+R0+R A1）I A1=I2（R X+R A2）；整理可得：R1=I2；而R1与I2的图象的斜率为：k==241.7Ω；则有：R X=kI A1﹣R A2=241.7×0.15﹣5=31.3Ω；故答案为：①D，C；②变大；③31.3【点评】本题考查如何确定电表的方法，紧扣题意是解题的关键，理解欧姆定律的应用，掌握串并联特点，注意误差与错误的区别，理解图象的斜率含义．三、计算题（题型注释）14．两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平内，另一边垂直于水平面．质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为R．整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在平行于水平导轨的拉力F（大小未知）作用下以一定的速度沿导轨向右匀速运动时，cd杆正好以速度u向下匀速运动．重力加速度为g．试求：（1）杆ab中电流的方向和杆ab速度v的大小；（2）回路电阻消耗的电功率P；（3）拉力F的大小．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；安培力．【专题】计算题；定量思想；图析法；方程法；电磁感应与电路结合．【分析】（1）由右手定则可以判断出感应电流方向，由平衡条件可以求出ab棒的速度大小．（2）由电功率公式可以求出回路电阻消耗的功率．（3）由平衡条件可以求出拉力大小．【解答】解：（1）由右手定则可知，ab杆中的电流方向为：a→bcd棒匀速运动，由平衡条件得：mg=μBIL，回路中电流的大小：，感应电动势：E=BLv=IR，则ab的速度大小为：；（2）回路电阻消耗的电功率：；（3）ab棒匀速运动，由平衡条件得：；答：（1）杆ab中电流的方向为：a→b，杆ab速度v的大小为；。

湖北省襄阳市枣阳市白水高中高一物理上学期12月月考试卷(含解析)

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1-11为单选题，12为多选）1．下列各物理量中，都属于矢量的是( )A．位移，路程B．速度，平均速度C．瞬时速度，加速度 D．路程，平均速度2．如图所示，静止的弹簧测力计受到大小都为40N的F1，F2的作用，弹簧测力计的示数为( )A．0N B．40N C．80N D．无法确定3．从同一高度处，先后释放两个重物，甲释放一段时间后，再释放乙，则以乙为参考系，甲的运动形式为( )A．自由落体运动 B．匀加速直线运动a＜gC．匀加速直线运动a＞g D．匀速直线运动4．关于速度和加速度的关系，以下说法正确的是( )A．物体的速度大小不变，则加速度为零B．物体的速度增加，则加速度一定增加C．物体的加速度减小，则速度一定减小D．物体运动时，可以速度改变而加速度不变5．下列图象能反映物体在直线上运动经2s不能回到初始位置的是( )A． B．C．D．6．如图所示，C是水平地面，AB是两长方形的物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物块A和B以相同的速度匀速运动．由此可知，A、B间摩擦力f1和B、C间摩擦力f2的值为( )A．f1=0 B．f1=F C．f2=F D．f1≠0，f2≠07．一个物体作自由落体运动，下落速度V 跟时间，的关系可以用图中哪一个图表示( ) A．B．C．D．8．如图所示，物体A在水平外力F作用下沿倾角为θ的光滑斜面匀速上升，若物体质量为m，那么水平外力F的大小为( )A．mgsinθB．mgcosθC．mgtanθD．mgcotθ9．如图是某质点沿直线运动的速度v随时间t变化的关系图线．对于该图线的认识正确的是( )A．0～2s内质点做匀加速直线运动B．3s时，质点的速度为2m/sC．0～2s内质点做匀速直线运动D．2s～4s内质点处于静止状态10．如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d…，下列说法正确的是( )A．质点由O到达各点的时间之比t a：t b：t c：t d=1：：：2B．质点通过各点的速率之比v a：v b：v c：v d=1：：：2C．在斜面上运动的平均速度=v bD．在斜面上运动的平均速度=11．如图，用OA、OB两根轻绳将花盆悬于两竖直墙之间，开始时OB绳水平．现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳右端由B点缓慢上移至B′点，此时OB′与OA之间的夹角θ＜90°．设此过程OA、OB绳的拉力分别为F OA、F OB，则下列说法正确的是( )A．F OA一直减小B．F OA一直增大C．F OB一直减小D．F OB先减小后增大12．用弹簧秤竖直悬挂静止的小球，下面说法正确的是( )A．小球对弹簧秤的拉力就是小球的重力B．小球对弹簧秤的拉力等于小球的重力C．小球重力的施力物体是弹簧D．小球重力的施力物体是地球二、计算题13．以V0=12m∕s的初速度竖直向上抛出一质量为0.5kg的物体，g取10m/s2．求：不考虑空气阻力，小球上升的最大高度和回到抛出点的时间？14．某汽车做匀变速直线运动，10s速度从5m/s增加到25m/s，（1）求汽车在这段运动中的加速度大小？（2）如果遇到紧急情况刹车，2s内速度由25m/s减到15m/s，这个过程也是匀变速直线运动，求刹车过程中的速度的大小和方向？（3）刹车后6s末的速度为多少？15．一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和 m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α=60°．求两小球的质量之比．16．图中物块A重10N，A和桌面间的动摩擦因数μ=0.25，当悬挂物B重3N时，开始沿桌面滑动．求：（1）B物体重1N时，A与桌面间的摩擦力多大？（2）B物体重6N时，A与桌面的摩擦力多大？（3）当A物体上再加上重10N的C物体，B物体重6N时，A与桌面的摩擦力多大？17．风筝（图甲）借助于均匀的风对其作用力和牵线对其拉力的作用，才得以在空中处于平衡状态．如图乙所示，风筝平面AB与地面夹角为30°，风筝质量为300g，求风对风筝的作用力的大小．（风对风筝的作用力与风筝平面相垂直，g取10m/s2）18．如图所示，在倾角α=60°的斜面上，放一质量为1 0kg的物体，用k=100N/m的轻质弹簧平行于斜面拉着，物体放在PQ之间任何位置都能处于静止状态，而超过这一范围，物体就会沿斜面滑动，若AP=22cm，AQ=8cm，试求物体与斜面间的最大静摩擦力的大小？（sin60°=，cos60°=）2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1-11为单选题，12为多选）1．下列各物理量中，都属于矢量的是( )A．位移，路程B．速度，平均速度C．瞬时速度，加速度 D．路程，平均速度【考点】矢量和标量．【专题】直线运动规律专题．【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．【解答】解：A、位移从初位置到末位置的有向线段，是矢量；路程是轨迹的长度，是标量；故A错误；B、速度是位移的变化量是矢量，分为平均速度与瞬时速度，是矢量；故B正确；C、瞬时速度有方向，合成与分解遵循平行四边形定则，是矢量；加速度是速度的变化率，有方向，也是矢量；故C正确；D、路程是轨迹的长度，是标量；平均速度是位移与时间的比值，是矢量；故D错误；故选BC．【点评】矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．2．如图所示，静止的弹簧测力计受到大小都为40N的F1，F2的作用，弹簧测力计的示数为( )A．0N B．40N C．80N D．无法确定【考点】共点力平衡的条件及其应用；胡克定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】根据弹簧测力计的示数显示弹簧秤所受的拉力大小进行选择．【解答】解：静止的弹簧测力计受到大小都为40N的F1，F2的作用时，其中F2相当于将弹簧秤一端固定的作用，弹簧秤所受的拉力大小为40N，则弹簧测力计的示数为40N．故选B【点评】本题容易出现的错误有认为弹簧秤的示数为0，显然不符合实际，弹簧秤所受的合力为0，但示数不是0．3．从同一高度处，先后释放两个重物，甲释放一段时间后，再释放乙，则以乙为参考系，甲的运动形式为( )A．自由落体运动 B．匀加速直线运动a＜gC．匀加速直线运动a＞g D．匀速直线运动【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】两个重物均做自由落体运动，先根据速度时间关系公式求解两个重物的速度表达式和它们的相对速度表达式，然后分析相对运动．【解答】解：设甲释放一段时间T后，再释放乙，再经过时间t，甲的速度为：v1=g（T+t）；乙的速度为：v2=gt故甲相对乙的速度为：v1′=v1﹣v2=gT（恒量）；故甲相对于乙做匀速直线运动；故选D．【点评】本题关键两个重物的运动规律，然后求解出相对速度表达式进行分析，基础题．4．关于速度和加速度的关系，以下说法正确的是 ( )A．物体的速度大小不变，则加速度为零B．物体的速度增加，则加速度一定增加C．物体的加速度减小，则速度一定减小D．物体运动时，可以速度改变而加速度不变【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、物体的速度大小不变，则加速度不一定为零，例如匀速直线运动．故A错误；B、物体的速度增加，则加速度可以减小，即速度增加得越来越慢，故B错误；C、物体的加速度减小，如果加速度方向与速度方向相同，速度在增加，即速度增加得越来越慢，故C错误；D、物体运动时，可以速度改变而加速度不变，例如平抛运动，故D正确；故选：D．【点评】把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．5．下列图象能反映物体在直线上运动经2s不能回到初始位置的是( )A． B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】位移时间图象反映了物体各个不同时刻的位置坐标情况，速度时间图象反映了物体的速度随时间的变化情况，加速度与时间关系图象反映了物体不同时刻的加速度情况．【解答】解：A、位移时间图象反映了物体各个不同时刻的位置坐标情况，从图中可以看出物体沿x轴正方向前进2m后又返回，故A错误；B、速度时间图象反映了物体的速度随时间的变化情况，从图中可以看出速度一直为正，故物体一直前进，故B正确；C、速度时间图象反映了物体的速度随时间的变化情况，图线与时间轴包围的面积表示位移的大小，从图中可以看出第一秒物体前进1m，第二秒物体后退1m，故C错误；D、加速度与时间关系图象反映了物体不同时刻的加速度情况，由于初速度情况未知，故物体的运动情况不清楚，故D正确；故选：B．【点评】本题关键是要明确位移时间图象、速度时间图象和加速度时间图象的物理意义；在具体问题中要能区分出斜率与面积等的含义．6．如图所示，C是水平地面，AB是两长方形的物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物块A和B以相同的速度匀速运动．由此可知，A、B间摩擦力f1和B、C间摩擦力f2的值为( )A．f1=0 B．f1=F C．f2=F D．f1≠0，f2≠0【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据整体法判断与地面间的摩擦力，利用隔离法判断两物体间的摩擦力情况．【解答】解：把AB作为一个整体，水平方向受F及地面的摩擦力平衡，所以f2=F，以A为研究对象，水平方向不受力，f1=0．故选：AC【点评】本题考查了利用整体法和隔离法分析摩擦力的能力，选准研究对象是关键．7．一个物体作自由落体运动，下落速度V 跟时间，的关系可以用图中哪一个图表示( ) A．B．C．D．【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体只在重力的作用下，初速度为零的运动，叫做自由落体运动；速度时间关系公式为v=gt，再得到图象．【解答】解：自由落体运动的速度时间关系公式为v=gt=10t，速度与时间成正比，故v﹣t 图象是一条通过坐标原点的直线，故A、B、C均错误，D正确；故选：D．【点评】本题关键明确自由落体运动的运动性质，知道速度与时间的关系v=gt，然后再得到v﹣t图象的特点．8．如图所示，物体A在水平外力F作用下沿倾角为θ的光滑斜面匀速上升，若物体质量为m，那么水平外力F的大小为( )A．mgsinθB．mgcosθC．mgtanθD．mgcotθ【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对物体进行正确的受力分析，然后根据平衡条件并结合合成法列方程求解．【解答】解：物体受重力、推力和支持力，做匀速直线运动，处于平衡状态；根据平衡条件，有：F=mgtanθ故选：C．【点评】本题关键正确的对物体受力分析，然后根据平衡条件并结合合成法求解，也可以采用正交分解法．9．如图是某质点沿直线运动的速度v随时间t变化的关系图线．对于该图线的认识正确的是( )A．0～2s内质点做匀加速直线运动B．3s时，质点的速度为2m/sC．0～2s内质点做匀速直线运动D．2s～4s内质点处于静止状态【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．【解答】解： A、由图象可知0﹣2s内质点速度随时间均匀增大，作匀加速直线运动，故A 正确C错误；B、由图可以读出3s时，质点的速度为4m/s，故B错误；D、2s～4s内质点做匀速直线运动，故D错误；故选：A．【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，斜率的大小表示加速度大小，斜率的正负表示加速度正负．10．如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d…，下列说法正确的是( )A．质点由O到达各点的时间之比t a：t b：t c：t d=1：：：2B．质点通过各点的速率之比v a：v b：v c：v d=1：：：2C．在斜面上运动的平均速度=v bD．在斜面上运动的平均速度=【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】A、根据x=，求出质点由O到达各点的时间之比．B、根据v2=2ax，求出通过各点的速率之比．C、初速度为0的匀加速直线运动中，在相等时间内通过的位移之比为1：3，可知a点是Od 的中间时刻，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．D、根据匀变速直线运动的平均速度公式===v求出在斜面上运动的平均速度．【解答】解：A、根据x=，得t=，oa、ob、oc、od的距离之比为1：2：3：4，所以质点由O到达各点的时间之比为1：：：2．故A正确．B、根据v2=2ax，v=，oa、ob、oc、od的距离之比为1：2：3：4，所以质点通过各点的速率之比v a：v b：v c：v d=1：：：2．故B正确．C、初速度为0的匀加速直线运动中，在相等时间内通过的位移之比为1：3，可知a点是Od的中间时刻，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则=v≠v b，故C 错误．D、===v求在斜面上运动的平均速度．故D错误．故选：AB．【点评】解决本题的关键掌握初速度为0的匀变速直线运动的速度公式v=at，位移公式x=以及知道平均速度===v．11．如图，用OA、OB两根轻绳将花盆悬于两竖直墙之间，开始时OB绳水平．现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳右端由B点缓慢上移至B′点，此时OB′与OA之间的夹角θ＜90°．设此过程OA、OB绳的拉力分别为F OA、F OB，则下列说法正确的是( )A．F OA一直减小B．F OA一直增大C．F OB一直减小D．F OB先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以结点O为研究对象，分析受力，作出轻绳在B和B′两个位置时受力图，由图分析绳的拉力变化．【解答】解：以结点O为研究对象，分析受力：重力G、绳OA的拉力F OA和绳BO的拉力F OB，如图所示，根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，作出轻绳OB在两个位置时力的合成图如图，由图看出，F OA逐渐减小，F OB先减小后增大，当θ=90°时，F OB最小．故选：AD．【点评】本题运用图解法研究动态平衡问题，也可以根据几何知识得到两绳垂直时，轻绳OB的拉力最小来判断．12．用弹簧秤竖直悬挂静止的小球，下面说法正确的是( )A．小球对弹簧秤的拉力就是小球的重力B．小球对弹簧秤的拉力等于小球的重力C．小球重力的施力物体是弹簧D．小球重力的施力物体是地球【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】该小球处于静止状态，它受到的力平衡，这两个力一定大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．【解答】解：A、小球对弹簧秤的力是拉力，是物体与弹簧接触才能产生的力，而重力是由于地球对小球的万有引力产生的，是性质完全不同的两个力．这里重力造成了小球对弹簧秤的拉力，只是大小相等而已，不能说“就是”．故A错误．B、用弹簧秤来测物体的重力．由二力平衡条件和力是物体间的相互作用可知：物体静止时对弹簧的拉力的大小等于物体的重力的大小．故B正确．C、D重力的施力物体是地球，不是弹簧．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】本题主要考查学生对重力的概念，以及对二力平衡的条件的理解和掌握，注意从力的性质上区分小球重力和对弹簧拉力的区别．二、计算题13．以V0=12m∕s的初速度竖直向上抛出一质量为0.5kg的物体，g取10m/s2．求：不考虑空气阻力，小球上升的最大高度和回到抛出点的时间？【考点】竖直上抛运动．【专题】计算题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】物体做竖直上抛运动，可以看作加速度为﹣g的匀减速直线运动，由位移公式求出上升的最大高度；由速度公式求解上升的时间，上升时间和下降时间相等；【解答】解：设物体上升的最大高度为H，则有：H===7.2m结合运动的对称性，运动时间为：t=2×=2×=2.4s答：小球上升的最大高度为7.2m，回到抛出点的时间为2.4s；【点评】竖直上抛运动是常见的运动，是高考的热点，将竖直上抛运动看成一种匀减速直线运动，这样处理比较简单．14．某汽车做匀变速直线运动，10s速度从5m/s增加到25m/s，（1）求汽车在这段运动中的加速度大小？（2）如果遇到紧急情况刹车，2s内速度由25m/s减到15m/s，这个过程也是匀变速直线运动，求刹车过程中的速度的大小和方向？（3）刹车后6s末的速度为多少？【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）匀变速运动的速度公式（2）匀变速运动的速度公式，注意加速度的正负号（3）考虑实际物理情景，先判断汽车停止所用的时间，再利用规律解决问题【解答】解：（1）规定初速度方向为正方向，则：a1==m/s2=2m/s2（2）=m/s2=﹣5m/s2，负号表示加速度方向与初速度方向相反（3）设刹车后经t3停止，则：故刹车6s后，汽车速度为零【点评】匀变速运动规律应用，注意物理量的矢量性，同时考虑实际情景，不可当成单纯的数学运算题15．一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和 m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α=60°．求两小球的质量之比．【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】两物体均处于静止状态，可分别对两物体进行受力分析应用平衡条件列式求解．【解答】解：对质量为m2的物体受力分析：受重力和拉力，由平衡条件得：绳上的拉力大小T=m2g对质量为m1的物体受力分析并合成如图：由平衡条件得：F′=m1g因为角α是60°，所以三角形为等边三角形，画出来的平行四边形为菱形．连接菱形对角线，对角线相互垂直，红色三角形为直角三角形：由三角函数关系：sinα===由α=60°得：=即：=故答案为：．【点评】本题关键是先对两物体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解，求解过程中注意寻找直角三角形．16．图中物块A重10N，A和桌面间的动摩擦因数μ=0.25，当悬挂物B重3N时，开始沿桌面滑动．求：（1）B物体重1N时，A与桌面间的摩擦力多大？（2）B物体重6N时，A与桌面的摩擦力多大？（3）当A物体上再加上重10N的C物体，B物体重6N时，A与桌面的摩擦力多大？【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．【分析】物体向右运动，受到地面向左的滑动摩擦力．物体对地面的压力大小等于物体的重力，由摩擦力公式f=μF N求出摩擦力．【解答】解：（1）依题意，物体受到的滑动摩擦力大小为：f=μF N=μmg=0.25×10N=2.5N；B物体重1N时，A与桌面间的摩擦力为静摩擦力，大小即为1N；（2）B物体重6N时，A与桌面的摩擦力为滑动摩擦力，大小即为2.5N．（3）当A物体上再加上重10N的C物体，物体受到的滑动摩擦力大小为：f=μF N′=μ（mg+10）=0.25×（10+10）N=5.0N；B物体重6N时，A与桌面的摩擦力A与桌面的摩擦力为滑动摩擦力，大小即为5N答：（1）B物体重1N时A与桌面间的摩擦力1N；（2）B物体重6N时，A与桌面的摩擦力2.5N．（3）当A物体上再加上重10N的C物体，B物体重6N时，A与桌面的摩擦力5N．【点评】本题要抓住滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，注意静摩擦力与滑动摩擦力的区别．17．风筝（图甲）借助于均匀的风对其作用力和牵线对其拉力的作用，才得以在空中处于平衡状态．如图乙所示，风筝平面AB与地面夹角为30°，风筝质量为300g，求风对风筝的作用力的大小．（风对风筝的作用力与风筝平面相垂直，g取10m/s2）【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】本题的关键是正确对风筝和小朋友受力分析，风筝受到向下的重力、沿绳子方向的拉力以及垂直风筝向上的风力；小朋友受到向下的重力、向上的支持力、绳子的拉力和水平向左的摩擦力，然后用正交分解法根据平衡条件分析即可．【解答】解：对风筝受力分析，并如图建立直角坐标系，将N及T沿坐标轴分解，则有：x轴：F•cos53°=mg•sin30°；y轴：N=mgsin60°+Fsin53°；联立解得：=4.6N答：风对风筝的作用力的大小是4.6N．【点评】本题考查共点力的平衡条件，若受力为3个力时，一般采用正交分解的方法求解；分别在x轴和y轴列平衡方程即可．18．如图所示，在倾角α=60°的斜面上，放一质量为1 0kg的物体，用k=100N/m的轻质弹簧平行于斜面拉着，物体放在PQ之间任何位置都能处于静止状态，而超过这一范围，物体就会沿斜面滑动，若AP=22cm，AQ=8cm，试求物体与斜面间的最大静摩擦力的大小？（sin60°=，cos60°=）【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，当物体位于P点时，将要向上运动，静摩擦力沿斜面向下达到最大．当物体位于Q点时，物体将向下运动，静摩擦力沿斜面向上达到最大．根据平衡条件和胡克定律列方程求解最大静摩擦力．【解答】解：P、Q两点应是静摩擦力最大的两个临界位置，在P点弹簧处于伸长状态，受力分析如图（1）所示．F fm=F1﹣mgsinα…①在Q点弹簧处于压缩状态，受力分析如图（2）所示．F fm=F2+mgsinα…②设弹簧的原长为x，有F1=k（0.22﹣x）…③F2=k（x﹣0.08）…④联立①②③④得：2F fm=F1+F2=k（0.22﹣0.08）所以F fm=×100×0.14 N=7 N答：物体与斜面间的最大静摩擦力的大小是7N．【点评】本题是物体平衡中临界问题，当两物体间恰好发生相对运动时，静摩擦力达到最大是常用的临界条件．。

湖北省枣阳市白水高级中学2015届高三上学期物理综合测

枣阳市白水高中2015届高三物理综合测试10本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共110分．第Ⅰ卷 (选择题，共65分)一、选择题(本题共13小题，每小题5分，共65分．在第2、3、4、5、6、8、9、10、12小题给出的4个选项中，只有一个选项正确；在第1、7、11、13小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)1. 如图甲所示，在x 轴上有一个点电荷Q (图中未画出)，O 、A 、B 为轴上三点，放在A 、B 两点的试探电荷受到的电场力跟试探电荷所带电荷量的关系如图乙所示，则( )A. A 点的电场强度大小为2×103N/C B. B 点的电场强度大小为2×103 N/C C. 点电荷Q 在A 、B 之间 D. 点电荷Q 在A 、O 之间2. 如图所示，电场中一正离子只受电场力作用从A 点运动到B 点．离子在A 点的速度大小为v 0，速度方向与电场方向相同．能定性反映该离子从A 点到B 点运动情况的速度－时间(v －t )图象是( )3. 如图所示，在一个匀强电场中有一个三角形ABC ，其中，AC 的中点为M ，BC的中点为N .将一个带正电的粒子从A 点移动到B 点，电场力做功为W AB ＝8.0×10－9 J ．则以下分析正确的是( )A ．若将该粒子从M 点移动到N 点，电场力做功为W MN ＝－4.0×10－9 JB ．若将该粒子从M 点移动到N 点，电场力做功W MN 有可能大于4.0×10－9 JC ．若A 、B 之间的距离为2 cm ，粒子的电荷量为2.0×10－7 C ，该电场的场强一定是E ＝2 V/mD ．若粒子的电荷量为2.0×10－9 C ，则A 、B 之间的电势差为4 V 4. [2013·江西盟校联考]无限大接地金属板和板前一点电荷形成的电场区域，和两个等量异号的点电荷形成的电场等效．如图所示P 为一无限大金属板，Q 为板前距板为r 的一带正电的点电荷，MN 为过Q 点和金属板垂直的直线，直线上A 、B 是和Q 点的距离相等的两点．下面关于A 、B 两点的电场强度E A 和E B 、电势φA 和φB 判断正确的是( )A. E A >E B ，φA >φBB. E A >E B ，φA <φBC. E A >E B ，φA ＝φBD. E A ＝E B ，φA >φB 5. [2013·锦州模拟]在光滑绝缘的水平地面上放置着四个相同的金属小球，小球A 、B 、C 位于等边三角形的三个顶点上，小球D 位于三角形的中心，如图所示，现让小球A 、B 、C 带等量的正电荷Q ，让小球D 带负电荷q ，使四个小球均处于静止状态，则Q 与q 的比值为 ( )A. 13B. 33 C. 3 D. 3 6. 如图所示，两个带有同种电荷的小球，用绝缘细线悬挂于O 点，若q 1>q 2，l 1>l 2，平衡时两球到过O 点的竖直线的距离相等，则( )A. m 1>m 2B. m 1＝m 2C. m 1<m 2D. 无法确定7. 现有两个边长不等的正方形ABDC 和abdc ，如图所示，且Aa 、Bb 、Cc 、Dd 间距相等．在AB 、AC 、CD 、DB 的中点分别放等量的点电荷，其中AB 、AC 中点放的点电荷带正电，CD 、BD 的中点放的点电荷带负电，取无穷远处电势为零．则下列说法中正确的是( )A ．O 点的电场强度和电势均为零B ．把一正点电荷沿着b →d →c 的路径移动时，电场力做功为零C ．同一点电荷在a 、d 两点所受电场力相同D ．将一负点电荷由a 点移到A 点电势能减小8. 如图所示，虚线表示某点电荷Q 所激发电场的等势面，已知a 、b 两点在同一等势面上，c 、d 两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a 射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb 曲线、acb 曲线运动．则下列说法中正确的是( )A ．两粒子电性相同B ．甲粒子经过c 点时的速率大于乙粒子经过d 点时的速率C ．两个粒子的电势能都是先减小后增大D ．经过b 点时，两粒子的动能一定相等 9. [2013·呼伦贝尔模拟]如图所示，在平行板电容器正中有一个带电微粒．S 闭合时，该微粒恰好能保持静止．在以下两种情况下：①保持S 闭合，②充电后将S 断开．下列说法能实现使该带电微粒向上运动到上极板的是( )A ．①情况下，可以通过上移极板M 实现B ．①情况下，可以通过上移极板N 实现C ．②情况下，可以通过上移极板M 实现D ．②情况下，可以通过上移极板N 实现10. 如下图所示，有三个质量相等的分别带正电、负电和不带电的粒子，从两水平放置的金属板左侧中央以相同的水平初速度v 0先后射入电场中，最后在正极板上打出A 、B 、C 三个点，则( )A ．三种粒子在电场中运动时间相同B ．三种粒子到达正极板时速度相同C ．三种粒子到达正极板时落在A 、C 处的粒子机械能增大，落在B 处粒子机械能不变D. 落到A 处粒子带负电，落到C 处粒子带正电 11. [2014·江苏连云港]如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场(加速电压为U1)加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h ，两平行板间的距离为d ，电压为U 2，板长为L ，每单位电压引起的偏移h /U 2，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用的方法为( )A. 增大U 2B. 减小LC. 减小dD. 减小U 112. 如图所示，长为L 、倾角为θ＝45°的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电荷量为＋q ，质量为m 的小球，以初速度v 0由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v 0，则( )A. 小球在B 点的电势能一定大于小球在A 点的电势能B. A 、B 两点的电势差一定为2mgL2qC. 若电场是匀强电场，则该电场的场强的最小值一定是mgqD. 若该电场是AC 边中垂线上某点的点电荷Q 产生的，则Q 一定是正电荷13. x 轴上有两个点电荷Q 1和Q 2，Q 1和Q 2之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，P 点位于这两个点电荷位置连线中点右侧．下列判断中正确的是( )A. 电势最低的P点所在处的电场强度为零B. Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷C. Q1所带电荷量值一定大于Q2所带电荷量值D. Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点第Ⅱ卷(非选择题，共45分)二、计算题(本题共4小题，共45分)14. (8分)如图所示，水平地面上方分布着水平向右的匀强电场，一“L”形的绝缘硬质管竖直固定在匀强电场中．管的水平部分长为l1＝0.2 m，离水平地面的距离为h＝5.0 m，竖直部分长为l2＝0.1 m．一带正电的小球从管的上端口A由静止释放，小球与管间摩擦不计且小球通过管的弯曲部分(长度极短可不计)时没有能量损失，小球在电场中受到的电场力大小为重力的一半．求：(1)小球运动到管口B时的速度大小；(2)小球着地点与管的下端口B的水平距离．(g取10 m/s2)15. (12分)如图所示，两带电平行板竖直放置，开始时两极板间电压为U，相距为d，两极板间形成匀强电场．有一带电粒子，质量为m(重力不计)、所带电荷量为＋q，从两极板下端连线的中点P以竖直速度v0射入匀强电场中，带电粒子落在A极板的M点上．(1)若将A极板向左侧水平移动d/2，此带电粒子仍从P点以速度v0竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，则两极板间电压应增大还是减小？电压应变为原来的几倍？(2)若将A极板向左侧水平移动d/2并保持两极板间电压为U，此带电粒子仍从P点竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，则应以多大的速度v′射入匀强电场？16. (12分)如图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个等量异种点电荷，电荷量分别为＋Q和－Q，A、B相距为2d.MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，其质量为m、电荷量为＋q(可视为点电荷，不影响电场的分布)，现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点高度为d的O点时，速度为v，已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g.求：(1)C、O间的电势差U CO；(2)小球p在O点时的加速度；(3)小球p经过与点电荷B等高的D点时的速度．17. (13分)如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m)无初速度地放入电场E1中的A 点，最后电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；(2)电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tanθ；(3)电子打到屏上的点P′到点O的距离x.。

【湖北版】高三上学期月考(2)物理试题 Word版含答案.pdf

2015届上学期高三一轮复习第二次月考物理试题【湖北版】一、选择题（本题共12小题；每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~题只有一项符合题目要求，第~12题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分。

） 1．在牛顿第二定律公式F=kma中，比例系数k的数值（） A．在任何情况下都等于1 B．是由质量m、加速度a和力F三者的大小所决定的 C．与质量m、加速度a和力F三者的单位无关 D．在国际单位制中一定等于1 2．如图所示，A、B是两只相同的齿轮，A被固定不能转动，若B齿轮绕A齿轮运动半周，由图中B位置转到图中C位置，则B齿轮上所标出的竖直向上的箭头所指的方向是（）www A．竖直向上 B．竖直向下 C．水平向左 D．水平向右 3．利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像某同学在一次实验中得到的运动小车的速度—时间图像如图所示，以下说法错误的是（） A．小车先做加速运动，后做减速运动 B．小车运动的最大速度约为0.8 m/s C．小车做曲线运动 D．小车的位移一定大于8 m 4．如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正）则物体运动的速度v随时间t变化的规律是图丙中的（物体的初速度为零，重力加速度取10 m/s2）（） 5．身高为2 m的宇航员，用背越式跳高，在地球上能跳2 m，在另一星上能跳5 m，若只考虑重力因素影响，地球表面重力加速度为g，则该星球表面重力加速度约为（） A．g B． g C．g D． g 6．质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时，引力势能可表示为，其中G为引力常量，M为地球质量。

该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2，此过程中因摩擦而产生的热量为（） A． B． C． D． 7．如图所示我国国家大剧院外部呈椭球型。

湖北省枣阳市白水高级中学2015届高三3月月考物理试题 (Word版无答案)

湖北省枣阳市白水高中2015年高三三月月考理综物理试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，14,15,16,17,18只有一项符合题目要求，19,20,21有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的或不答的得0分。

14.在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是 A ．牛顿发现了行星运动的规律 B ．开普勒通过扭秤实验测出了万有引力常量C ．最早指出力不是维持物体运动的原因的科学家是牛顿D ．伽利略和笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了较大的贡献15.如图甲所示，静止在水平地面上的物块A ，受到水平推力F 的作用，F 与时间t 的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力f m 大小与滑动摩擦力大小相等，则（）A ．0～t 0时间内力F 的功率逐渐增大B ．t 1时刻A 的动能最大C ．t 2时刻A 的速度最大D ．t 2时刻后物体做反方向运动16.如图所示，从倾角为θ的斜面顶端，以初速度v 0将小球水平抛出，则小球落到斜面时的速度大小为 A ．θ2cos 41+v B ． θθtan tan 420+vC ． θ20sin 41+vD ．θ20tan 41+v17.在离坡底10 m 的山坡上O点竖直地固定一长10 m 的直杆AO(即BO=AO =10 m)。

A 端与坡底B 间连有一钢绳，一穿于钢绳上的小球从A 点由静止开始沿钢绳无摩擦地滑下，取g =10 m/s 2，如图所示，则小球在钢绳上滑行的时间为 ( )A ．2B ．2 sC ．4 sD ．s 318.如图所示电路中，电源电压恒定(内电阻不计)，R 1是光敏电阻，a 点接地，当用光照射R 1时，则( )A ．R 1电阻变小，b 点电势升高B ．R 1电阻变小，b 点电势降低C ．R 1电阻变大，b 点电势升高D ．R 1电阻变大，b 点电势降低19.如图所示，A 、B 为竖直墙面上等高的两点，AO 、BO 为长度相等的两根轻绳，CO 为一根轻杆，转轴C 在AB 中点D 的正下方，AOB 在同一水平面内，∠A OB ＝60°，∠COD＝60°。

湖北省襄阳市枣阳一中高三物理上学期8月月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳一中高三〔上〕月考物理试卷〔8月份〕一、选择题〔本大题共10小题，每题4分，共计40分〕1．一定质量的理想气体经历如下列图的一系列过程ba、bc、cd和da这四段过程在p﹣T 图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原点，bc垂直于ab，而cd平行于ab，由图可以判断( )A．ab过程中气体体积不断减小B．bc过程中气体体积不断减小C．cd过程中气体体积不断增大D．da过程中气体体积不断增大2．如下说法中正确的答案是( )A．液体中悬浮微粒的布朗运动是作无规如此运动的液体分子撞击微粒而引起的B．物体的温度越高，其分子的平均动能越大C．物体里所有分子动能的总和叫做物体的内能D．只有传热才能改变物体的内能3．设有甲、乙两分子，甲固定在0点，r0为其平衡位置间的距离，今使乙分子由静止开始只在分子力作用下由距甲0.5r0处开始沿x方向运动，如此( )A．乙分子的加速度先减小，后增大B．乙分子到达r0处时速度最大C．分子力对乙一直做正功，分子势能减小D．乙分子在r0处时，分子势能最小4．如下列图，闭合开关S，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且两次的起始和终止位置一样，如此( )A．第一次磁通量变化较大B．第一次G的最大偏角较大C．第一次经过G的总电量较多D．假设断开S，G均不偏转，故均无感应电动势5．如下列图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内外表与碗口是光滑的．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α=60°．两小球的质量比为( )A．B．C．D．6．如下列图，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为μ．现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是( )A．L+m1g B．L+〔m1+m2〕gC．L+m2g D．L+〔〕g7．一物体放在一倾角为θ的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑．假设给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，如此它能上滑的最大路程是( )A．B．C．D．8．两辆完全一样的汽车，沿水平直线一前一后匀速行驶，速度均为v0，假设前车突然以恒定的加速度刹车，在它刚停住后，后车以前车刹车的加速度开始刹车，前车在刹车过程中所行的距离为s，假设要保证两辆车在上述情况中不相撞，如此两车在匀速行驶时保持的距离至少应为( )A．1s B．2s C．3s D．4s9．如图，真空中有一个边长为L的正方体，正方体的两个顶点M、N处分别放置一对电荷量都为q的正、负点电荷．图中的a、b、c、d是其它的四个顶点，k为静电力常量，如下表述正确是( )A．a、b两点电场强度一样B．a点电势高于b点电势C．把点电荷+Q从c移到d，电势能增加D．M点的电荷受到的库仑力大小为F=k10．质点受到在一条直线上的两个力F1和F2的作用，F1、F2随时间的变化规律如下列图，力的方向始终在一条直线上且方向相反．t=0时质点的速度为零．在图示的t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的速率最大( )A．t1B．t2C．t3D．t4二、实验题11．叶同学乔迁新居后，观察新家的电表如下列图，为了测试其是否准确，采用了如下方法：打开家中一盏“220V 100W〞的电灯，将其它的电器全部关闭且不在待机状态，然后计时5分钟，假设电表计电量准确，应该转动__________圈．12．实验小组利用光电计时器验证物块沿斜面下滑过程中机械能守恒，装置如图甲．让小物块从斜面顶端滑下，假设测得小物块通过A、B光电门时的速度为v1和v2，AB之间的距离为L，斜面的倾角为α，重力加速度为g．①图乙表示用螺旋测微器测量物块上遮光板的宽度l，由此读出l=__________mm．②假设实验数据满足关系式__________如此验证了物块沿斜面下滑过程机械能守恒．③本实验的误差主要来源于斜面对物块的__________而造成物块机械能的损失．13．如图甲是某电器元件的伏安特性曲线，有实验小组想用伏安法验证该伏安特性曲线，已有符合实验要求的电压表V〔内阻约为10kΩ〕；滑动变阻器R；直流电源E〔电动势6V，内阻不计〕；开关S和导线假设干，另有电流表A1〔量程0～50mA，内阻约为50Ω〕、电流表A2〔量程0～300mA，内阻约为10Ω〕可供选择．①从图象可判断该元件的电阻随温度的增大而__________．②电流表应选用__________〔填A1或 A2〕．③图乙实物图中，已正确连接局部电路，请完成余下电路的连接．④请完成主要实验的步骤：A、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到__________〔A或B端〕；B、闭合开关，__________，使通过元件的电流从小到大变化，读出数据．三、计算题〔40分〕14．一雨滴从距地面20m高的屋檐边由静止落下〔忽略空气的阻力，g取10m/s2〕，试求：〔1〕雨滴下落的时间与落地时的速度大小．〔2〕雨滴下落过程最后一秒通过的路程．15．如下列图，竖直平面内的一半径R=0.50m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，一水平面与圆弧槽相接于D点．质量m=0.10kg的小球从B点正上方H=0.95m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧槽轨道，从D点飞出后落在水平面上的Q点，DQ间的距离s=2.4m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：〔1〕小球经过C点时轨道对它的支持力大小N；〔2〕小球经过最高点P的速度大小v P；〔3〕D点与圆心O的高度差h OD．16．足够大的平行板电容器的两个极板A、B如图放置，A极板带正电，两板间电势差为U，两板间距离为d．在B板中央有一放射源，放射源可向各个方向发出速率一样的电子．从放射源射出的电子打在A板的范围为半径为R的圆．电子的质量m，电荷量e．求电子从放射源射出时的速度大小．17．质量M=0.2kg的小圆环穿在固定的足够长的斜木杆上，斜木杆与水平方向的夹角θ=37°，小圆环与木杆间的动摩擦因数μ=0.5，小圆环受到竖直向上的恒定拉力F=3N后，由静止开始沿木杆斜向上做匀加速直线运动〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2〕，求：〔1〕小圆环沿斜木杆向上的合外力．〔2〕4s末小圆环的速度．2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳一中高三〔上〕月考物理试卷〔8月份〕一、选择题〔本大题共10小题，每题4分，共计40分〕1．一定质量的理想气体经历如下列图的一系列过程ba、bc、cd和da这四段过程在p﹣T图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原点，bc垂直于ab，而cd平行于ab，由图可以判断( )A．ab过程中气体体积不断减小B．bc过程中气体体积不断减小C．cd过程中气体体积不断增大D．da过程中气体体积不断增大考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据理想气体状态方程整理出压强﹣温度的表达式，依据表达式判断各物理量的变化，由热力学第一定律判断吸放热情况解答：解：A、由理想气体状态方程整理得：p=，在P﹣﹣T图象中b到a过程斜率不变，即气体的体积不变，故A错误；B、由理想气体状态方程整理得：p=，可以判断图象上的各点与坐标原点连线的斜率即为，故BC正确；D、da过程中，od，oa两线的斜率减小，气体的体积变大，所以D正确．应当选BCD点评：图象类的物体解决的关键是整理出图象对应的表达式，根据表达式判断各物理量的变化情况．2．如下说法中正确的答案是( )A．液体中悬浮微粒的布朗运动是作无规如此运动的液体分子撞击微粒而引起的B．物体的温度越高，其分子的平均动能越大C．物体里所有分子动能的总和叫做物体的内能D．只有传热才能改变物体的内能考点：热力学第一定律；温度是分子平均动能的标志．分析：布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规如此运动．温度是平均动能的标志，所有分子动能和势能的总和叫做物体的内能．改变内能的方式有做功和热传递．解答：解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规如此运动，是做无规如此运动的液体分子撞击微粒而引起的．故A正确．B、温度是分子的平均动能的标志，物体的温度越高，其分子的平均动能越大．故B正确．C、物体里所有分子动能和势能的总和叫做物体的内能．故C错误．D、改变内能的方式有做功和热传递，故D错误；应当选：AB点评：此题考查的知识点较多，其中布朗运动既不颗粒分子的运动，也不是液体分子的运动，而是液体分子无规如此运动的反映．3．设有甲、乙两分子，甲固定在0点，r0为其平衡位置间的距离，今使乙分子由静止开始只在分子力作用下由距甲0.5r0处开始沿x方向运动，如此( )A．乙分子的加速度先减小，后增大B．乙分子到达r0处时速度最大C．分子力对乙一直做正功，分子势能减小D．乙分子在r0处时，分子势能最小考点：分子势能．分析：当两个分子间的距离r=r0时，分子力为0，当r＞r0时，分子力表现为引力，当r＜r0时，分子力表现为斥力．分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加．解答：解：A、两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0．由图可知，乙分子受到的分子力先变小，位于平衡位置时，分子力为零，大于平衡位置时，分子力先变大再变小．故乙分子的加速度是先变小再反向变大，再变小，故A错误．B、C、D当r小于r0时，分子间的作用力表现为斥力，F做正功，分子动能增加，势能减小，当r等于r0时，动能最大，势能最小，当r大于r0时，分子间作用力表现为引力，分子力做负功，动能减小，势能增加．故B正确、C错误，D正确．应当选：BD．点评：解决此题的关键知道分子力的特点：当两个分子间的距离r=r0时，分子力为0，当r ＞r0时，分子力表现为引力，当r＜r0时，分子力表现为斥力．以与分子力做功与分子势能的关系：分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加．4．如下列图，闭合开关S，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且两次的起始和终止位置一样，如此( )A．第一次磁通量变化较大B．第一次G的最大偏角较大C．第一次经过G的总电量较多D．假设断开S，G均不偏转，故均无感应电动势考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：两次磁铁的起始和终止位置一样，知磁通量的变化量一样，根据时间长短判断磁通量变化的快慢，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．解答：解：A、因两次的起始和终止位置一样，所以磁感应强度变化量△B一样，由△∅=△B•知：两次磁通量变化一样，故A错误；B、因磁通量变化一样，匝数n一样，△t1＜△t2，根据和I=知，第一次G的最大偏角较大，故B正确；C、根据q===n可知：经过G的总电量一样，故C错误；D、有无感应电动势产生的条件是穿过回路的磁通量发生变化，电路无需闭合，两次穿过回路的磁通量均发生了变化，故D错误．应当选：B．点评：此题考查了磁通量、电磁感应现象的条件、法拉第电磁感应定律与电磁感应中的电量，以与知道感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．5．如下列图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内外表与碗口是光滑的．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α=60°．两小球的质量比为( )A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件与其应用．专题：计算题；压轴题．分析：先对m2球受力分析，受重力和拉力，二力平衡，求出拉力；再对m1球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解．解答：解：m2球保持静止状态，对其受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故F=m2g ①再对m1球受力分析，如图根据共点力平衡条件x方向：Fcos60°﹣Ncos60°=0 ②y方向：Fsin60°+Nsin60°﹣m1g=0 ③由①②③代入数据解得=应当选：A．点评：此题是简单的连接体问题，先分析受力最简单的物体，再分析受力较复杂的另一个物体，同时要运用正交分解法处理较为方便．6．如下列图，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为μ．现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是( )A．L+m1g B．L+〔m1+m2〕gC．L+m2g D．L+〔〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当两木块一起匀速运动时，木块1受到重力、弹簧的拉力、地面的支持力和摩擦力而平衡，根据平衡条件求出弹簧的弹力，由胡克定律求出弹簧伸长的长度，再求解两木块之间的距离．解答：解：对木块1研究．木块1受到重力、弹簧的拉力、地面的支持力和摩擦力．根据平衡条件弹簧的弹力F=μm1g又由胡克定律得到弹簧伸长的长度x==所以两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是S=L+x=L+m1g．应当选A点评：此题是平衡条件和胡克定律的综合应用，关键是选择研究对象，分析物体的受力情况．7．一物体放在一倾角为θ的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑．假设给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，如此它能上滑的最大路程是( )A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体沿斜面匀速下滑时，受力平衡，由平衡条件可求出物体所受的滑动摩擦力大小，当物体沿斜面上滑时，滑动摩擦力大小不变，再根据牛顿第二定律和运动学公式或动能定理求上滑的最大距离．解答：解：物体沿斜面匀速下滑时，合力为零，由平衡条件得：物体所受的滑动摩擦力大小为：f=mgsinθ，当物体沿斜面向上滑动时，根据牛顿第二定律有：mgsinθ+f=ma，由此解得：a=2gsinθ，方向沿斜面向下．根据v2﹣v02=2ax，解得：x=；应当选：C．点评：此题要求的是空间距离，运用动能定理求解比拟简单，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．8．两辆完全一样的汽车，沿水平直线一前一后匀速行驶，速度均为v0，假设前车突然以恒定的加速度刹车，在它刚停住后，后车以前车刹车的加速度开始刹车，前车在刹车过程中所行的距离为s，假设要保证两辆车在上述情况中不相撞，如此两车在匀速行驶时保持的距离至少应为( )A．1s B．2s C．3s D．4s考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度﹣时间公式求出刹车时间．前车刹车时，后车在做匀速运动，根据位移公式求出后车匀速运动时的位移，而后车刹车的位移等于前车刹车的位移，故两车在匀速行驶时保持的距离至少应为后车匀速运动时的位移．解答：解：两辆完全一样的汽车，刹车时加速度一样，刹车位移也一样为s，设加速度大小为a，前车刹车的时间为，刹车的位移s=在此时间内，后车做匀速运动，位移为x=v0t=所以x=2s此后后车刹车，刹车位移也为s，要保持两车在上述情况中不相撞，如此两车在匀速行驶时保持的距离至少应为△x=x+s﹣s=x=2s应当选：B．点评：该题要注意两辆车完全一样，所以刹车时的加速度和刹车位移都一样．9．如图，真空中有一个边长为L的正方体，正方体的两个顶点M、N处分别放置一对电荷量都为q的正、负点电荷．图中的a、b、c、d是其它的四个顶点，k为静电力常量，如下表述正确是( )A．a、b两点电场强度一样B．a点电势高于b点电势C．把点电荷+Q从c移到d，电势能增加D．M点的电荷受到的库仑力大小为F=k考点：电势；库仑定律；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场线的分布比拟电场强度的大小和电势的上下．根据电场力做功情况，判断电势能的变化．根据库仑定律的公式求出库仑力的大小．解答：解：A、根据电场线分布知，a、b两点的电场强度大小相等，方向一样，如此电场强度一样．故A正确．B、ab两点处于等量异种电荷的垂直平分面上，该面是一等势面，所以a、b的电势相等．故B错误．C、根据等量异种电荷电场线的特点，因为沿着电场线方向电势逐渐降低，如此c点的电势大于d点的电势．把点电荷+Q从c移到d，电场力做正功，电势能减小，故C错误．D、M、N两点间的距离为L，根据库仑定律知，M点的电荷受到的库仑力大小F=k=．故D正确．应当选：AD．点评：解决此题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道垂直平分线为等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低．10．质点受到在一条直线上的两个力F1和F2的作用，F1、F2随时间的变化规律如下列图，力的方向始终在一条直线上且方向相反．t=0时质点的速度为零．在图示的t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的速率最大( )A．t1B．t2C．t3D．t4考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．分析：先将两力合成，然后再分析物体的加速度变化情况，最后研究速度的变化情况．解答：解：质点受到的合力如图中红色线所示0到t1时间内，加速度变大，物体做加速运动；t1到t2时间内，加速度变小，但加速度与速度同向，故物体做加速度不断变小的加速运动，t2时刻加速度减为零，速度达到最大；t2到t3时间内，合力反向，加速度也反向，加速度与速度反向，物体做减速运动；t3到t4时间内，加速度减小，物体还是减速运动，t4时刻速度减为零；应当选B．点评：此题关键先求出合力，再结合牛顿运动定律分析速度的改变情况；同时要注意速度变大还是变小看加速度与速度方向的关系，而不是看加速度大小的变化情况．二、实验题11．叶同学乔迁新居后，观察新家的电表如下列图，为了测试其是否准确，采用了如下方法：打开家中一盏“220V 100W〞的电灯，将其它的电器全部关闭且不在待机状态，然后计时5分钟，假设电表计电量准确，应该转动6圈．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由W=Pt先求得是电功，再由每kW的转数求得全圈数．解答：解：P=UI=100×10﹣3×=kW圈数为：n=720×=6故答案为：6圈．点评：考查电功的计算，明确电表的各数据的意义即可，不难．12．实验小组利用光电计时器验证物块沿斜面下滑过程中机械能守恒，装置如图甲．让小物块从斜面顶端滑下，假设测得小物块通过A、B光电门时的速度为v1和v2，AB之间的距离为L，斜面的倾角为α，重力加速度为g．①图乙表示用螺旋测微器测量物块上遮光板的宽度l，由此读出l=5.700mm．②假设实验数据满足关系式如此验证了物块沿斜面下滑过程机械能守恒．③本实验的误差主要来源于斜面对物块的摩擦力做负功而造成物块机械能的损失．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．根据重力势能减小量和动能增加量的表达式求解．由于实验过程中摩擦阻力的存在，重力势能有一局部转化给了摩擦阻力做功产生的内能．解答：解：①螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为5.5mm+0.200mm=5.700mm．②假设测得物块在通过A、B光电门时的速度为v1和v2，A、B之间的距离为L，斜面的倾角为α，物块重力势能减小量△E p=mgLsinα动能增加量△E k=﹣，所以假设实验数据满足关系式，如此验证了物块沿该斜面下滑过程中机械能守恒．③本实验的误差主要来源于斜面对物块的摩擦力做负功而造成物块机械能的损失，使得重力势能有一局部转化给了摩擦阻力做功产生的内能．故答案为：①5.700；②；③摩擦力做负功．点评：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些根本仪器进展有关测量．应用螺旋测微器时一定注意半刻度是否露出．正确利用所学物理规律解决实验问题，熟练应用物理根本规律，因此这点在平时训练中要重点加强．13．如图甲是某电器元件的伏安特性曲线，有实验小组想用伏安法验证该伏安特性曲线，已有符合实验要求的电压表V〔内阻约为10kΩ〕；滑动变阻器R；直流电源E〔电动势6V，内阻不计〕；开关S和导线假设干，另有电流表A1〔量程0～50mA，内阻约为50Ω〕、电流表A2〔量程0～300mA，内阻约为10Ω〕可供选择．①从图象可判断该元件的电阻随温度的增大而减小．②电流表应选用A2〔填A1或 A2〕．③图乙实物图中，已正确连接局部电路，请完成余下电路的连接．④请完成主要实验的步骤：A、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到B〔A或B端〕；B、闭合开关，调节变阻器的滑动片，使通过元件的电流从小到大变化，读出数据．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：①根据图甲所示图象，应用欧姆定律判断电阻阻值如何变化．②根据电路最大电流选择电流表．③滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前，滑片应移到分压电路分压为零的位置；移到滑片，改变待测元件两端电压进展试验．解答：解：①由图甲所示图象可知，随电压增大，电流增大，元件的实际功率增大，元件温度升高，由欧姆定律可知，电压与电流的比值减小，元件电阻减小．②由图甲所示图象可知，最大电流约为0.2A，如此电流表应选A2．③相对于来说电压表内阻远大于元件电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如下列图：④A、为保护电路，连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到B端；B、先把滑片滑到位于变阻器的中间位置，闭合开关，逐渐把变阻器的滑动片向B端移动，元件两端电压减小，如此通过元件的电流将逐渐变小，依次读出数据．故答案为：①减小；②A2；电路图如下列图；④A、B端．B．调节滑动变阻器的滑动片．点评：滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路闭合开关前，滑片应移到分压电路分压为零的位置；滑动变阻器采用限流接法时，闭合开关前，滑片应置于阻值最大处．三、计算题〔40分〕14．一雨滴从距地面20m高的屋檐边由静止落下〔忽略空气的阻力，g取10m/s2〕，试求：〔1〕雨滴下落的时间与落地时的速度大小．〔2〕雨滴下落过程最后一秒通过的路程．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕根据自由落体运动的位移公式有：，如此，代入数据得到时间t，代入速度公式v=gt，可解得落地时的速度．〔2〕雨滴最后一秒的路程等于高度减去第1s内的位移：，代入数据即可计算出结果．解答：解：〔1〕雨滴作自由落体运动有：得代入数据得到 t=2s；根据速度公式得：v=gt=20m/s．〔2〕雨滴最后一秒的路程．答：〔1〕雨滴下落的时间为2s，落地时的速度大小为20m/s．〔2〕雨滴下落过程最后一秒通过的路程为15m．点评：此题考查自由落体运动的位移公式和速度公式，这是自由落体运动的根本规律，要理解掌握的．难度不大，属于根底题．15．如下列图，竖直平面内的一半径R=0.50m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，一水平面与圆弧槽相接于D点．质量m=0.10kg的小球从B点正上方H=0.95m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧槽轨道，从D点飞出后落在水平面上的Q点，DQ间的距离s=2.4m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：〔1〕小球经过C点时轨道对它的支持力大小N；〔2〕小球经过最高点P的速度大小v P；〔3〕D点与圆心O的高度差h OD．。

湖北省枣阳市白水高级中学高三12月月考——理综理综

参考答案14．A 15．D 16．C 17．C 18．AC 19.ABC 20．AC 21．AB22．(1)CD （2分） (2) （3分）23．(1) d = 3.206 (或3.205 、3.207 ) (2分) L = 5.015 (2分)（2）①连图如右（3分）② (3分)24．（13分）解析：（1） ∴ ①（2分）由平衡得： ②（2分）由①②得（2分）（2）由于液滴恰好打在B 板正中央，利用平抛规律有：③（1分）④（1分） ⑤（2分）同理⑥（1分）由上式)8(42202g Ldv q md E +=（2分） 25．（19分）解析：（1）从释放到与相碰撞过程中，、组成的系统水平方向动量守恒，设水平位移大小，水平位移大小，有：（2分）（1分）可以求得（2分）（2）设、刚要相碰时物体1的速度，滑道的速度为，由机械能守恒定律有23321112121v m v m gR m += （2分）由动量守恒定律有（1分）物体1和物体2相碰后的共同速度设为，由动量守恒定律有（2分）弹簧第一次压缩最短时由动量守恒定律可知物体1、2和滑道速度为零，此时弹性势能最大，设为。

从物体1、2碰撞后到弹簧第一次压缩最短的过程中，由能量守恒有Pm E CD g m m v m v m m =+-++)(21)(21212332221μ （2分）联立以上方程，代入数据可以求得，（2分）（3）分析可知物体1、2和滑道最终将静止，设物体1、2相对滑道CD 部分运动的路程为s ，由能量守恒有gs m m v m v m m )(21)(21212332221+=++μ （2分）带入数据可得（1分）所以、最终停在D 点左端离D 点距离为0.05m 处（2分）33．（1）BCD 解析：A ．机械能可以全部转化为内能，内能无法全部用来做功从而转化成机械能，故A 错误； B ．将两个分子由距离极近移动到相距无穷远的过程中，分子力先是斥力后是引力，分子力先做正功后做负功，分子势能先减小后增加，故B 正确； C ．热量总是自发地从温度高的物体传递到温度低的物体，而温度是分子平均动能的标志，所以热量总是自发地从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能减小的物体，故C 正确； D 、液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，则液体表面分子间的作用表现为相互吸引，所以存在表面张力，故D 正确；E ．气体的体积增大，单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数减少，如果温度升高，气体分子撞击器壁的速率增大，对器壁的压力增大，气体的压强可能增大、可能减小、可能不变，故E 错误.故选：BCD ．（2）解析：理想气体发生等压变化。

湖北省枣阳市白水高级中学2015届高三上学期物理综合测试5Word版缺答案

枣阳市白水高中2015届高三物理综合测试5万有引力与航天本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共110分．第Ⅰ卷 (选择题，共60分)一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分．在第2、3、5、6、8、10、11小题给出的4个选项中，只有一个选项正确；在第1、4、7、9、12小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)1. 下列说法正确的是( )A ．物体在恒力作用下能做曲线运动也能做直线运动B ．物体在变力作用下一定是做曲线运动C ．物体做曲线运动，沿垂直速度方向的合力一定不为零D ．两个直线运动的合运动一定是直线运动2.民族运动会上有一骑射项目，运动员骑在奔跑的马上，弯弓放箭射击侧向的固定目标，假设运动员骑马奔跑的速度为v 1，运动员静止时射出的弓箭速度为v 2，跑道离固定目标的最近距离为d .要想命中目标且射出的箭在空中飞行时间最短，则( )A ．运动员放箭处离目标的距离为d v 2v 1B ．运动员放箭处离目标的距离为dC ．箭射到靶的最短时间为d v 2D ．箭射到靶的最短时间为d v 21－v 223.如图所示，乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量为m 的人随车在竖直平面内旋转，下列说法正确的是( )A ．车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B ．人在最高点时对座位不可能产生大小为mg 的压力C ．人在最低点时对座位的压力等于mgD ．人在最低点时对座位的压力大于mg4. 如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的( )A ．周期相同B ．线速度的大小相等C ．角速度的大小相等D ．向心加速度的大小相等5. 在发射某人造地球卫星时，首先让卫星进入低轨道，变轨后进入高空轨道，假设变轨前后该卫星始终做匀速圆周运动，不计卫星质量的变化，若变轨后的动能减小为原来的14，则卫星进入高空轨道后( )A ．向心加速度为原来的14B ．角速度为原来的12C ．周期为原来的8倍D ．轨道半径为原来的126. 2013年6月20日，中国首次太空授课活动成功举行，“神舟十号”航天员在“天宫一号”空间站上展示了失重环境下的物理现象．“空间站”是科学家进行天文探测和科学实验的特殊而又重要的场所．假设某“空间站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上匀速率运行，其离地高度约为地球半径的120(同步卫星离地高度约为地球半径的5.6倍)，且运行方向与地球自转方向一致，则( )A. “神舟十号”飞船要与“天宫一号”对接，必须在高轨道上减速B. “天宫一号”运行的速度大于地球的第一宇宙速度C. 站在地球赤道上的人观察到该“空间站”向东运动D. 在“空间站”工作的宇航员因受到平衡力而在其中悬浮7. 如图所示，从半径为R ＝1 m 的半圆PQ 上的P 点水平抛出一个可视为质点的小球，经t ＝0.4 s 小球落到半圆上．已知当地的重力加速度g ＝10 m/s 2，据此判断小球的初速度可能为( )A. 1 m/sB. 2 m/sC. 3 m/sD. 4 m/s8.随着世界航空事业的发展，深太空探测已逐渐成为各国关注的热点，假设深太空中有一颗外星球，其质量是地球质量的2倍，半径是地球半径的12，则下列判断正确的是( ) A. 该外星球的同步卫星周期一定小于地球同步卫星的周期B. 某物体在该外星球表面所受的重力是在地球表面所受重力的4倍C. 该外星球上第一宇宙速度是地球上第一宇宙速度的2倍D. 绕该外星球的人造卫星和以相同轨道半径绕地球的人造卫星运行速度相同9.如图所示，足够长的斜面上有a 、b 、c 、d 、e 五个点，ab ＝bc ＝cd ＝de ，从a 点水平抛出一个小球，初速度为v 时，小球落在斜面上的b 点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为θ；不计空气阻力，初速度为2v 时，则( )A ．小球可能落在斜面上的c 点与d 点之间B ．小球一定落在斜面上的e 点C ．小球落在斜面上时的速度方向与斜面夹角大于θD ．小球落在斜面上时的速度方向与斜面夹角等于θ10. 无缝钢管的制作原理如图所示，竖直平面内，管状模型置于两个支承轮上，支承轮转动时通过摩擦力带动管状模型转动，铁水注入管状模型后，由于离心作用，紧紧地覆盖在模型的内壁上，冷却后就得到无缝钢管．已知管状模型内壁半径为R ，则下列说法正确的是( )A ．铁水是由于受到离心力的作用才覆盖在模型内壁上B ．模型各个方向上受到的铁水的作用力相同C ．若最上部的铁水恰好不离开模型内壁，此时仅重力提供向心力D ．管状模型转动的角速度ω最大为g R11. 在稳定轨道上的空间站中，有如图所示的装置，半径分别为r 和R 的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD 相通，宇航员让一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过动摩擦因数为μ的CD 段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，那么( )A ．小球在C 、D 两点对轨道没有压力B ．小球经过甲轨道最高点时比经过乙轨道最高点时速度大C ．小球在同一圆轨道运动时对轨道的压力处处大小相等D ．当小球的初速度减小时，小球有可能不能到达乙轨道的最高点12. 宇航员在某星球表面做平抛运动，测得物体离星球表面的高度随时间变化的关系如图甲所示、水平位移随时间变化的关系如图乙所示，则下列说法正确的是( )A ．物体抛出的初速度为5 m/sB ．物体落地时的速度为20 m/sC ．星球表面的重力加速度为8 m/s 2D ．物体受到星球的引力大小为8 N第Ⅱ卷 (非选择题，共50分)二、非选择题(本题共5小题，共50分)13. (6分)在“研究平抛物体的运动”的实验中(1)让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹．为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上________．a ．斜槽必须光滑b ．通过调节使斜槽的末端保持水平c ．每次释放小球的位置必须相同d ．每次必须由静止释放小球e ．记录小球位置用的木条(或凹槽)每次必须严格的等距离下降f ．小球运动时不应与木板上的白纸(或方格纸)相接触g ．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线(2)某同学只记录了A 、B 、C 三点，各点的坐标如图所示，则物体运动的初速度为________m/s(g ＝10 m/s 2)，开始做平抛运动的初始位置的坐标为________．14. (10分) (1)开普勒行星运动第三定律指出：行星绕太阳运动的椭圆轨道的半长轴a 的三次方与它的公转周期T 的二次方成正比，即a 3T 2＝k ，k 是一个对所有行星都相同的常量．将行星绕太阳的运动按圆周运动处理，请你推导出太阳系中该常量k 的表达式．已知引力常量为G ，太阳的质量为M 太．(2)开普勒定律不仅适用于太阳系，它对一切具有中心天体的引力系统(如地月系统)都成立．经测定月地距离为3.84×108 m ，月球绕地球运动的周期为2.36×106 s ，试计算地球的质量M 地．(G ＝6.67×10－11 N·m 2/kg 2，结果保留一位有效数字)15. (10分)一根长l ＝0.8 m 的轻绳一端固定在O 点，另一端连接一质量m ＝0.1 kg 的小球，悬点O 距离水平地面的高度H ＝1 m ．开始时小球处于A 点，此时轻绳拉直处于水平方向上，如图所示．让小球从静止释放，当小球运动到B 点时，轻绳碰到悬点O 正下方一个固定的钉子P 时立刻断裂．不计轻绳断裂的能量损失，取重力加速度g ＝10 m/s 2.(1)求小球运动到B 点时的速度大小；(2)绳断裂后球从B 点抛出并落在水平地面的C 点，求C 点与B 点之间的水平距离；(3)若OP ＝0.6 m ，轻绳碰到钉子P 时绳中拉力达到所能承受的最大拉力断裂，求轻绳能承受的最大拉力．16. (10分)如图所示，倾角为37°的斜面长l＝1.9 m，在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0＝3 m/s的速度水平抛出，与此同时静止释放置于斜面顶端的滑块，经过一段时间后小球恰好能够以垂直斜面的方向击中滑块．(小球和滑块均视为质点，重力加速度g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)抛出点O离斜面底端的高度；(2)滑块与斜面间的动摩擦因数μ.17. (14分)如图所示，一水平传送带AB长为L＝6 m，离水平地面的高为h＝5 m，地面上C点在传送带右端点B的正下方．一物块以水平初速度v0＝4 m/s自A点滑上传送带，传送带匀速转动，物块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.2，重力加速度为g＝10 m/s2.(1)要使物块从B点抛出后的水平位移最大，传送带运转的速度应满足什么条件？最大水平位移多大？(2)若物块从A点滑上传送带到落地所用的时间为2.3 s，求传送带运转的速度(10＝3.162，14.24＝3.77，结果保留三位有效数字)．。