2017-2018学年福建省福州市八县(市)协作校高二上学期期中联考物理(文)试题 解析版
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福州市八县(市)协作校2017-2018学年第一学期期末联考高二（理科）物理试卷【完卷时间：90分钟；满分100分】一、选择题（本题共12小题，共48分。
1~8题每小题4分，在给出的四个选项中，只有一个选项正确。
9~12．．．．题每小题．．．．4．分，正确选项可能不只一个．．．．．．．．．．．．，全部选对得4分，选不全得2分，错选不得分）1．下列关于物理学史错误的是（）A．1785年法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律—库仑定律。
B．法拉第曾经做了一个法拉第笼实验。
该实验说明静电屏蔽可以使金属壳内部不受外部电场的影响C．1820年，丹麦物理学家安培电流可以使周围的磁针偏转的效应，称为电流的磁效应。
D．荷兰物理学家洛仑兹提出运动电荷产生了磁场和磁场对运动电荷有作用力（洛仑兹力）的观点。
2．两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为r/2，则两球间库仑力的大小为（）A．112F B．43F C．34F D．12F3．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示。
则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的电势能一个增加一个减小4．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V．重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A．32W B．44WC ．47WD ．48W5．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E 、内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，A 、V 为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P 自a 端向b 端滑动的过程中，下列说法中正确的是 ( )A ．电压表示数变小B ．电流表示数变小C ．电容器C 所带电荷量增多D ．a 点的电势降低6．如图（甲）所示，两平行导轨与水平面成θ角倾斜放置，电源、 电阻、金属细杆及导轨组成闭合回路，细杆与导轨间的摩擦不计。
福建省福州市八县(市)协作校2018届高三上学期期中联考物理试题Word版含解析
福州市八县（市）协作校2017—2018学年第一学期半期联考高三物理试卷一、单项选择题1. 在物理学发展过程中，有许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A. 牛顿通过多年观测记录行星的运动，提出了行星运动的三大定律B. 卡文迪许发现万有引力定律，被人们称为“能称出地球质量的人”C. 伽利略利用“理想斜面”得出“力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因”的观点D. 开普勒从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点【答案】C【解析】解: A、开普勒提出了行星运动的三大定律,牛顿在此基础上发现了万有引力定律,故A错误.B、牛顿发现万有引力定律后,英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量G,所以B选项是错误的.C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是维持物体运动的原因”的观点,得出了“力是改变物体运动状态的原因”的观点,故C正确.D、伽利略从理论和实验两个角度,证明了轻、重物体下落一样快,从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点.故D错误.所以C选项是正确的2. 控制汽车油耗是减少排放二氧化碳的主要手段之一，各国相继出台在不久的将来禁售燃油车的相关政策，而大力研发电动汽车。
一电动汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，当车速v≤10m/s、且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使电动汽车避免与障碍物相撞。
在上述条件下，若某一电动汽车以10m/s的速度在一条平直公路上行驶，启动了“全力自动刹车”后其加速度大小为4m/s2，则从开始经1s与3s过程中，汽车的位移之比为（）A. 1∶3B. 2∶3C. 1∶6D. 16∶25【答案】D【解析】解：刹车真实时间为，1s位移为，3s位移其实就是2.5s 位移位移之比为16:25，故D项正确。
福建省福州八中高二物理上学期期中试题 文(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年福建省福州八中高二〔上〕期中物理试卷〔文〕一、单项选择题：1．如下说法中正确的答案是( )A．点电荷是指体积很小的电荷B．根据F=k知，当两电荷间的距离趋近于零时，静电力将趋于无穷大C．假设两点电荷的电荷量q1＞q2，如此q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．以上说法都不对2．关于静电场中的电场线，以下说法中正确的答案是( )A．电场线都是闭合曲线B．电场线总是从正电荷出发到负电荷终止或延伸到无限远C．一条电场线，就一下能确定电场线的所在处的电场强度D．可以通过实验看到电场线3．A为电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，如此( )A．假设在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变B．假设在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．假设在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关4．如下哪种力是洛伦兹力( )A．电荷间的相互作用力B．电场对电荷的作用力C．磁铁对小磁针的作用力 D．磁场对运动电荷的作用力5．关于家庭电路，如下说法中正确的答案是( )A．我国家庭电路采用的是电压为220V 的交流电B．洗衣机、电冰箱等家用电器使用三孔插座，是为了节约用电C．在家庭电路中，所有电器一般是串联连接D．保险丝是为了防止电路发生断路6．有关磁感应强度的如下说法中，正确的答案是( )A．磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量B．假设有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，如此该点的磁感应强度一定为零C．假设有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，如此该处磁感应强度的大小一定是D．由定义式B=可知，电流I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小7．建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是( )A．法拉第B．奥斯特C．赫兹 D．麦克斯韦8．发现电磁感应现象的科学家是( )A．安培 B．奥斯特C．法拉第D．库仑9．关于电磁波，正确的说法是( )A．空间有变化的电场存在，一定能形成电磁波B．在真空中电磁波的传播速度小于真空中的光速C．电磁波只能在真空中传播，不能在介质中传播D．电磁场具有能量10．在如下各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的答案是( )A．B．C．D．二、填空题：11．真空中两个点电荷之间的库仑力是F，当两个点电荷所带的电荷量都增加到原来的n倍，两点电荷间的距离变为原来的倍时，它们间的库仑力是__________．12．匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过3A的电流时，受到6.0×10﹣2 N的磁场力，如此磁场的磁感应强度是__________特．当导线长度缩短一半时，磁场的磁感应强度是__________特．当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度是__________ 特．13．一个300匝的线圈，穿过它的磁通量在0.01s内由6×10﹣2Wb均匀地减小到3×10﹣2Wb．求线圈中的感应电动势的大小．三、作图题14．在如下列图的各图中，匀强磁场的磁感应强度均为B，带电粒子的速率均为v，带电荷量均为+q，试标出洛伦兹力的方向．15．在如图中，根据磁感线方向，标出磁体的N，S极．16．通电螺线管通电时，小磁针指向如下列图，请标出通电螺线管的N极与电源正极三、计算题：17．真空中有两个完全一样的带电小球A和B，相距r=0.5m，分别带有+4.0×10﹣5C和﹣2.0×10﹣5C的电荷，静电力恒量为k=9×109Nm2/C2．求：两电荷之间的静电力的大小和方向．18．匀强磁场的磁感强度B为0.20T，切割磁感线的导线的长度L为50cm，线框向左垂直磁场方向匀速运动，速度v=10m/s．电阻R为 5.0Ω，其它局部电阻不计．试求：〔1〕感应电动势的大小〔2〕感应电流的大小．2015-2016学年福建省福州八中高二〔上〕期中物理试卷〔文〕一、单项选择题：1．如下说法中正确的答案是( )A．点电荷是指体积很小的电荷B．根据F=k知，当两电荷间的距离趋近于零时，静电力将趋于无穷大C．假设两点电荷的电荷量q1＞q2，如此q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．以上说法都不对【考点】库仑定律；元电荷、点电荷．【专题】定性思想；类比法；电场力与电势的性质专题．【分析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状与大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状与带电量的多少无具体关系．库仑定律F=k适用于真空中两点电荷之间的作用力．运用牛顿第三定律得大电荷对小电荷的作用力与小电荷对大电荷的作用力相等．【解答】解：A、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状与带电量的多少无具体关系．故A错误；B、根据F=k知，当两点荷间的距离趋近于零时，两小球不能看成点电荷了，故不能用库仑定律计算它们间的库仑力，故B错误；C、两点电荷之间的库仑力是作用力和反作用力，总是大小相等、方向相反的，故C错误；D、由上分析可知，故D正确；应当选：D．【点评】解决此题的关键掌握库仑定律的适用范围，以与能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小与电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．2．关于静电场中的电场线，以下说法中正确的答案是( )A．电场线都是闭合曲线B．电场线总是从正电荷出发到负电荷终止或延伸到无限远C．一条电场线，就一下能确定电场线的所在处的电场强度D．可以通过实验看到电场线【考点】电场线．【分析】掌握电场线特点是解此题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解答】解：A、电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，电场线不闭合，故A错误，B正确．C、一条电场线，无法看出疏密，所以无法确定电场线的所在处的电场强度，故C错误，D、电场是客观的存在，电场线是人为虚拟的，不是客观的存在，故D错误．应当选：B．【点评】此题考察了关于电场线的根底知识，比拟简单，对于电场线的理解可以和磁场线类比进展．3．A为电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，如此( )A．假设在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变B．假设在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．假设在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据场强的定义式E=，判断A点的场强大小；电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关．【解答】解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关，故在A点换上﹣q或2q或把q移去，A点的场强都不变，故ABC错误，D正确．应当选：D．【点评】比值定义法是物理学中常用方法，但要注意所定义的量不一定与式中的物理有比例关系．4．如下哪种力是洛伦兹力( )A．电荷间的相互作用力B．电场对电荷的作用力C．磁铁对小磁针的作用力 D．磁场对运动电荷的作用力【考点】洛仑兹力．【分析】磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力．【解答】解：A、电荷间相互作用力称为库仑力．故A错误．B、电场对电荷的作用力称为电场力．故B错误．C、磁铁对小磁针的作用力称为磁场力．故C错误．D、磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力．故D正确．应当选D．【点评】解决此题的关键知道洛伦兹力为磁场对运动电荷的作用力．5．关于家庭电路，如下说法中正确的答案是( )A．我国家庭电路采用的是电压为220V 的交流电B．洗衣机、电冰箱等家用电器使用三孔插座，是为了节约用电C．在家庭电路中，所有电器一般是串联连接D．保险丝是为了防止电路发生断路【考点】常见家用电器的根本工作原理．【专题】恒定电流专题．【分析】家庭用电根本常识，电压值、安全用电、并联接法等【解答】解：A、我国家庭电路采用的是电压为220V 的交流电，220V指有效值．故A正确B、大功率用电器使用三孔插座，目的是将金属外壳的感应电荷引入大地，防止外壳带电引发安全事故，故B错误C、在家庭电路中，所有电器额定电压一般为220V，应是并联连接，故C错误D、保险丝是为了防止电路电流过大引发火灾，出于安全考虑，故D错误应当选A【点评】家庭用电根本常识，只是记忆方面的东西，难度不大6．有关磁感应强度的如下说法中，正确的答案是( )A．磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量B．假设有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，如此该点的磁感应强度一定为零C．假设有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，如此该处磁感应强度的大小一定是D．由定义式B=可知，电流I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，既有的小又有方向是矢量；明确导线与磁场相互垂直时F=BIL才成立；而B是由磁场本身来决定的．【解答】解：A、磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量；故A正确；B、通电导体如果平行于磁场放置，如此其不受磁场力，但B不会为零；故B错误；C、只有B与IL相互垂直时，磁感应强度的大小才是；故C错误；D、B是由导体本身的性质决定的，与F与IL无关；故D错误；应当选：A．【点评】我们用磁感应强度来定义磁场强弱采用的是比值定义法，要注意B与IL与F均无关．7．建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是( )A．法拉第B．奥斯特C．赫兹 D．麦克斯韦【考点】物理学史．【分析】建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦．【解答】解：A、法拉第发现了电磁感应现象，并没有预言电磁波存在并建立完整的电磁场理论，故A错误．B、奥斯特发现了电流的磁效应，故B错误．C、赫兹用实验验证了电磁波的存在，故C错误．D、建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦．故D正确．应当选：D【点评】解决此类常识性问题，关键在于根底知识的积累，加强记忆．8．发现电磁感应现象的科学家是( )A．安培 B．奥斯特C．法拉第D．库仑【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：1820年丹麦物理学家奥斯特发现电流磁效应后，英国科学家法拉第坚信磁也可以生电，经过10年艰辛努力，在1831年发现了电磁感应现象．应当选：C．【点评】此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．9．关于电磁波，正确的说法是( )A．空间有变化的电场存在，一定能形成电磁波B．在真空中电磁波的传播速度小于真空中的光速C．电磁波只能在真空中传播，不能在介质中传播D．电磁场具有能量【考点】电磁波谱．【专题】定性思想；推理法；光的衍射、偏振和电磁本性专题．【分析】变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐步向外传播形成电磁波；电磁波在真空中传播的速度等于光速，在介质中也能传播．【解答】解：A、空间存在变化的电场，不一定形成电磁波，比如均匀变化的电场产生稳定的磁场，稳定的磁场不会产生电场，所以不会形成电磁波，故A错误．B、真空中电磁波传播的速度等于光速，故B错误．C、电磁波在真空中和介质中都能传播，故C错误．D、电磁波具有能量，故D正确．应当选：D．【点评】解决此题的关键知道电磁波产生的原因，以与掌握电磁波的特点，知道电磁波与机械波的区别，根底题．10．在如下各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的答案是( )A．B．C．D．【考点】左手定如此．【专题】电磁学．【分析】左手定如此的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．根据左手定如此的内容判断安培力的方向．【解答】解：根据左手定如此可知，A图中安培力方向垂直磁场向下，B图中安培力方向垂着磁场向右，C图中安培力方向垂着电流方向向左，D图中由于磁场和电流方向共线，不受安培力作用，故ABD错误，C正确．应当选C．【点评】判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定如此，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直．二、填空题：11．真空中两个点电荷之间的库仑力是F，当两个点电荷所带的电荷量都增加到原来的n倍，两点电荷间的距离变为原来的倍时，它们间的库仑力是n4F．【考点】库仑定律；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；比例法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律公式F=k列式计算即可．【解答】解：真空中有两个点电荷之间相互作用力F=k，两个点电荷所带的电荷量都增加到原来的n倍，两点电荷间的距离变为原来的倍时，它们间的库仑力F=n4F故答案为：n4F【点评】此题主要考查了库仑定律的直接应用，要注意一个物理量跟多个因素有关时，要考虑全面，注意掌握影响库仑力大小因素是解题的关键．12．匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过3A的电流时，受到6.0×10﹣2 N的磁场力，如此磁场的磁感应强度是0.1特．当导线长度缩短一半时，磁场的磁感应强度是0.1特．当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度是0.1 特．【考点】安培力；磁感应强度．【分析】由磁感应强度的定义式B=可以求出磁感应强度大小；磁场的磁感应强度与导线的长度无关．【解答】解：由题，通电导线与磁场垂直，如此磁场的磁感强度为 B==T=0.1T 磁场的磁感强度由磁场本身决定，与通电导线的长度无关，故磁场的磁感强度仍为0.1T．磁场的磁感强度由磁场本身决定，当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度仍为0.1T．故答案为：0.1，0.1，0.1；【点评】熟练应用磁感应强度定义式即可求出磁感应强度，要注意定义式的适用条件．知道磁感应强度的决定因素．会计算当导线与磁场有一定夹角时的安培力的大小．13．一个300匝的线圈，穿过它的磁通量在0.01s内由6×10﹣2Wb均匀地减小到3×10﹣2Wb．求线圈中的感应电动势的大小．【考点】法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】线圈的磁通量变化时，产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势大小．【解答】解：根据法拉第电磁感应定律得：E=N=300×V=900V；答：线圈中的感应电动势为900V．【点评】平均感应电动势的大小由N，而瞬时感应电动势如此由E=BLV来求得，注意V是切割磁感线的速度，L是有效切割长度．三、作图题14．在如下列图的各图中，匀强磁场的磁感应强度均为B，带电粒子的速率均为v，带电荷量均为+q，试标出洛伦兹力的方向．【考点】左手定如此；洛仑兹力．【专题】作图题；定性思想；图析法；电磁感应中的力学问题．【分析】此题考查了左手定如此的直接应用，根据左手定如此即可正确判断磁场、运动方向、洛伦兹力三者之间的关系，特别注意的是四指指向和正电荷运动方向一样和负电荷运动方向相反．【解答】解：甲图中：因v⊥B，所以F=qvB，方向与v垂直斜向上．乙图中：由于v与B平行，所以不受洛伦兹力．丙图中：v与B垂直，F=qvB，方向与v垂直斜向下．答：方向如图丁、戊所示：【点评】此题考查洛仑兹力方向的判断，要注意明确左手与正电荷的运动方向一样，与负电荷运动方向相反；同时注意判断几何关系的判断，特别是平行的判断．15．在如图中，根据磁感线方向，标出磁体的N，S极．【考点】磁感线与用磁感线描述磁场．【专题】作图题；开放题；定性思想；推理法；电磁学．【分析】根据磁感线的特点：在磁体外磁感线从N极出发，回到S极即可做出判断．【解答】解：根据磁感线的特点：在磁体外，磁感线从N极出发，回到S极，所以该条形磁铁的左侧是N极，右侧是S极．如图．答：如图【点评】该题由磁感线的方向判断磁体的极性，牢记在磁体外磁感线从N极出发，回到S极；在磁体内由S极指向N极即可．根底题目．16．通电螺线管通电时，小磁针指向如下列图，请标出通电螺线管的N极与电源正极【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【专题】作图题；学科综合题；定性思想；推理法；电磁学．【分析】小磁针的N极的方向表示磁场的方向，由此得出通电螺线管的磁场的方向，然后哟哟安培定如此判断出电流的方向，最后根据电路的特点判断电源的正负极．【解答】解：由图可知，磁场的方向向右，如此螺旋管的右侧为N极，由安培定如此可知，螺旋管外侧电流的方向向下，所以电源的右侧为负极．如图．答：如图【点评】该题考查磁极间的相互作用和安培定如此，要理解利用右手定如此，既可以由电流的方向判断磁场的方向，也可以由磁场的方向判断电流的方向．三、计算题：17．真空中有两个完全一样的带电小球A和B，相距r=0.5m，分别带有+4.0×10﹣5C和﹣2.0×10﹣5C的电荷，静电力恒量为k=9×109Nm2/C2．求：两电荷之间的静电力的大小和方向．【考点】库仑定律．【专题】定量思想；方程法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律公式F=k列式求解；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．【解答】解：〔1〕根据库仑定律，乙球受到甲球的静电力大小为：F=F=k=9×109×=28.8N异种电荷相互吸引，两电荷之间的静电力的方向互相指向对方；答：两电荷之间的静电力的大小为28.8N，而方向即为互相指向对方．【点评】此题关键根据库仑定律公式和电场强度定义公式列式求解，同时注意库仑力的方向确定．18．匀强磁场的磁感强度B为0.20T，切割磁感线的导线的长度L为50cm，线框向左垂直磁场方向匀速运动，速度v=10m/s．电阻R为5.0Ω，其它局部电阻不计．试求：〔1〕感应电动势的大小〔2〕感应电流的大小．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；模型法；电磁感应与电路结合．【分析】〔1〕根据E=BLv求感应电动势的大小．〔2〕由欧姆定律求感应电流的大小．【解答】解：〔1〕感应电动势的大小为：E=BLv=0.2×0.5×10V=1V〔2〕感应电流的大小为：I==A=0.2A答：〔1〕感应电动势的大小是1V．〔2〕感应电流的大小为0.2A．【点评】解决此题的关键是掌握电磁感应的根本规律：感应电动势公式E=BLv和欧姆定律．要注意E=BLv只适用于垂直切割的情形．。
福建省福州市2017-2018学年高二上学期期末联考试题物理
2017—2018学年度第一学期八县（市）一中期末联考高中 二 年 物理 科试卷命题学校： 罗源一中 命题教师： 林明涵 校对教师： 曾丽琴 黄照生完卷时间： 90 分钟 满 分： 100 分一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1—8题只有一项符合题目要求，第9—12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是：（ ） A. 电场强度的定义式FE q=适用于任何电场 B. 由真空中点电荷的电场强度公式2QE k r = 可知，当r →0时，E →无穷大 C. 由公式FB IL=可知，一小段通电导线在某处若不受安培力，则说明此处一定无磁场 D. 磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向2．在下列四图中，标有磁场B 的方向，通电直导线中电流I 的方向，以及通电直导线所受安培力F 的方向，其中正确的是：（ ）A. B.C. D.3．将面积为 3.0×10-4m 2的圆面放入水平向右的匀强磁场中，圆面与磁感线之间的夹角为30°，如图1所示，若穿过该圆面的磁通量为3.0×10—5Wb ，则此匀强磁场的磁感应强度B 应等于：（ ）A. 1.0×10-1TB. 5.0×10-2TC. 2.0×101TD. 2.0×10-1T4．有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱体，柱体高均为h ，大柱体柱截面边长为a ，小柱体柱截面边长为b ，如图2所示则：（ ） A. 从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为a ：b B. 从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为1：1 C.若电流方向竖直向下，大柱体与小柱体的电阻之比为a ：bD. 若电流方向竖直向下，大柱体与小柱体的电阻之比为a 2：b 25．如图3是质谱仪的工作原理示意图，带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器。
2017-2018学年福建省福州一中高二(上)期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分）1．关于静电场，以下说法正确的是（）A．电场强度的大小，与试探电荷的电量成反比B．初速度为零的电荷在电场中，运动轨迹一定与电场线重合C．电场强度的方向就是电荷的受力方向D．同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大2．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．由R=，电阻与电流成反比，电阻与电压成正比C．金属导电时，其中的自由电子除做无规则热运动外，还做定向运动，电流的大小与自由电子定向移动的速率有关D．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大3．如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有电荷量大小相等的电荷．相隔一定的距离，两球之间的相互吸引力大小为F．今用第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两个球接触后移开．这时，A、B两个球之间的相互作用力大小是（）A．B．C．D．4．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）A．电场强度的方向一定由b指向aB．电子的电势能减少了5eVC．a、b两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值5．如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力的作用下，做以Q为焦点的椭圆运动，电子从M点经P到达N点．P点是轨道上离Q最近的点，电子在从P到达N点的过程中（）A．速率增大B．加速度增大C．是从低电势到高电势的位置D．电势能增大6．电流表的内阻是Rg=500Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个约500Ω的电阻B．应并联一个约500Ω的电阻C．应串联一个约0.05Ω的电阻D．应并联一个约0.05Ω的电阻7．如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流为I=C．当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流为I=D．无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为I=8．如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势9．某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qES B．小球的电势能增加了qESC．小球的重力势能减少了qES D．物体的动能减少了qES10．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V，下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4VB．a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a11．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向下运动12．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零13．如图中虚线为匀强电场中的等势面，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点A、B、C为实线与虚线的交点，已知O点电势高于C点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在A点的速率与M在C点的速率相等C．N在从O点运动至A点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至B点的过程中，电场力对它做的负功二、填空题（本题共8空，每空2分，共16分）14．一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为V．15．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L的均匀细丝后，其电阻值为Ω16．如图所示，A、B两端接直流稳压电源，U ab=30V，滑动变阻器总阻值为40Ω，滑动片P 处于变阻器的中点，C、D两端电压U cd=V；若C、D两端接入一个20Ω的电阻，则U cd=V．17．一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由此可知，用图测得R x的误差较小，测量值R x=Ω．18．在空间某一区域，有一匀强电场，一质量为m的液滴，带正电荷，电量为q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向．三、计算题（本题共3小题，10分+10分+12分=32分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.19．如图所示电路中，电池组的电动势E=42V，内阻r=2Ω，定值电阻R=20Ω，D是电动机，其线圈电阻R′=1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V．求：（1）通过定值电阻R的电流；（2）电动机的电功率；（3）电动机输出的功率．20．两个半径均为R的圆形平板电极，平行正对放置，相距为d，极板间的电势差为U，板间电场可以认为是匀强电场．一个质量为m，电荷量为q正粒子从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向指向圆心射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板圆心．忽略重力和空气阻力的影响，求：（1）两极板间的电场强度E的大小；（2）正粒子在极板间运动的加速度a的大小；（3）正粒子的初速度v0的大小．21．如图所示，空间存在着电场强度为E=2.5×103N/C、方向竖直向上的匀强电场，一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，一端拴着质量m=5×10﹣3kg、电荷量q=4×10﹣5C的小球．现将细线拉直到水平位置A，使小球由A静止释放，则小球能运动到最高点．不计阻力．取g=10m/s2．求：（1）小球的电性．（2）细线在最高点受到的拉力．（3）若小球刚好运动到最高点时细线断裂，则细线断裂后小球继续运动到与O点水平方向距离为细线的长度L时，小球距OA所在水平面的高度．四、附加题（本小题10分）附加题以外分值达到80分时，附加题的分值方可计入总分，总分不超过100分．2004秋•宝山区期末）如图所示a所示，A和B表示在真空中相距为d的两平行金属板，加上恒定电压后，它们之间的电场可看成匀强电场．有一如图b所示的周期性变化的电压u，它的最大值在正半周内恒为+U0，在负半周内恒为﹣U0，现将这一周期性变化的电压加在A、B两板上，设t=0时，A板电势比B板高，这时在紧靠B板处有一初速为零的电子（质量为m，电量为e）在板间电场作用下开始运动．要想使这个电子到达A板时具有最大的动能，则所加电压的变化周期最小不能小于多少（结果用所供的物理量的符号表示）？2017-2018学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分）1．关于静电场，以下说法正确的是（）A．电场强度的大小，与试探电荷的电量成反比B．初速度为零的电荷在电场中，运动轨迹一定与电场线重合C．电场强度的方向就是电荷的受力方向D．同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大考点：电场强度．分析：电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关．场强方向是放在该点的正电荷所受电场力方向；电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；电场线与带电粒子的运动轨迹无直接关系，其轨迹是由力和初速度共同决定解答：解：A、电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，不能说电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比．故A错误；B、静止释放的点电荷的运动轨迹是由电场力决定，当电场力的方向不变时，其轨迹是直线，即与电场线重合；当电场力的方向变化时，其轨迹是曲线，并不与电场线重合；运动轨迹是由力和初速度共同决定，故B错误．C、电场强度的方向就是正电荷的受力方向，与负电荷受力方向相反，故C错误；D、由F=qE可得，同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大，故D正确；故选：D点评：电场强度的定义式E=具有比值定义法的共性，定义出场强只与电场本身有关，与放入电场的试探电荷所受的电场力、电荷量大小无关；明确电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；电场线与带电粒子的运动轨迹无直接关系，题目较简单2．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．由R=，电阻与电流成反比，电阻与电压成正比C．金属导电时，其中的自由电子除做无规则热运动外，还做定向运动，电流的大小与自由电子定向移动的速率有关D．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大考点：电流、电压概念；电功、电功率．分析：电流为通过导体截面的电量与所用时间的比值；电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关；电流大小与自由电子的热运动无关．解答：解：A、通过导线截面的电量多，但如果用的时间长，则电流强度不一定大；故A 错误；B、电流强度取决于电荷的定向移动速度，速率大电流强度不一定大；故B错误；C、金属导电时，其中的自由电子除作无规则的热运动外，还作定向运动，电流的大小是由定向运动的速率决定的；故C正确；D、电流与自由电子的热运动无关，温度变大时金属导体中的电阻增大，电流是减小的；故D错误；故选：C．点评：本题考查电流的定义、电阻的定义等，要注意明确电子的速率可能是无规则运动的速率．3．如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有电荷量大小相等的电荷．相隔一定的距离，两球之间的相互吸引力大小为F．今用第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两个球接触后移开．这时，A、B两个球之间的相互作用力大小是（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容，知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，然后根据各种情况列库仑定律方程，然后两式比较即可正确求解．解答：解：两球之间的相互吸引力，则两球带等量异种电荷；假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是：F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为：C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为：﹣这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：F′=k=，故A正确；BCD错误．故选：A．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量熟练应用库仑定律即可求题．4．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）A．电场强度的方向一定由b指向aB．电子的电势能减少了5eVC．a、b两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值考点：电势能；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子在电场中移动时，根据电场力做功不能确定场强方向．电场力做正功多少，电子的电势能就减小多少．由公式U=求出a、b两点电势差U ab．由题，电势零点未确定，a、b两点的电势没有确定值．解答：解：A、由题，电子由a点移到b点，电场力做功5eV，电子的位移方向不沿b到a，电场强度的方向不一定由b指向a．故A错误．B、由于电场力对电子做功5eV，电子的电势能就减少了5eV．故B正确．C、a、b两点电势差U ab===﹣5V．故C错误．D、电势是相对的，是相对零电势点的，根据已知条件只能求出a、b间电势差，不能确定a、b两点的电势．故D正确．故选BD．点评：在应用公式U=解题时，U、W、q都要代入符号求解，还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序．基本题．5．如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力的作用下，做以Q为焦点的椭圆运动，电子从M点经P到达N点．P点是轨道上离Q最近的点，电子在从P到达N点的过程中（）A．速率增大B．加速度增大C．是从低电势到高电势的位置D．电势能增大考点：库仑定律；电势能．分析：根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．而加速度则根据牛顿第二定律，结合库仑力大小来确定．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解：AD、当电子从P点向N点运动时，库仑力负功，运动的速度减小，所以动能减小，对于电势能增加．所以A错误，D正确；B、由F=可知，从P到达N点的过程中，库仑力减小，故加速度减小，故B错误；C、Q带正电，根据电场线的分布可知，P点电势最高，故C错误；故选：D．点评：考查牛顿第二定律与库仑定律等规律，掌握库仑力做功的特点，库仑力做正功，电势能减小，库仑力做负功，电势能增加．6．电流表的内阻是Rg=500Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个约500Ω的电阻B．应并联一个约500Ω的电阻C．应串联一个约0.05Ω的电阻D．应并联一个约0.05Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：把电流表改装成电压表，需要串联分压电阻，由串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．解答：解：把电流表改装成1V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R=﹣R g=﹣500=500Ω；故选：A．点评：本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．7．如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流为I=C．当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流为I=D．无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为I=考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由电流的定义式I=进行分析运算，明确电荷量等于正负电量绝对值的和；电流的方向与正电荷定向移动的方向相同．解答：解：由题意可知，流过溶器截面上的电量q=（n1+n2）e；则电流I=；方向与正电荷的定向移动方向相同；故由A到B；故D正确、ABC错误．故选：D．点评：本题考查电解质中电流的计算方法，要注意同时有正负电荷参与时，总电量等于正负电荷电量绝对值的和．8．如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：压轴题．分析：由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变化；由电势与电势能的关系可判断电势．解答：解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能减少，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，故B正确，C错误；D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能判断M、N点电势的高低，D错误．点评：本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．9．某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qES B．小球的电势能增加了qESC．小球的重力势能减少了qES D．物体的动能减少了qES考点：电势能；动能定理的应用．分析：物体所受电场力为F=Eq，方向和电场方向相同，由于运动方向和电场方向相反，故电场力做负功，根据电场力做功情况可以判断电势能的变化；重力势能的变化量等于重力所做的功．根据动能定理求解动能的变化量．解答：解：A、小球所受的电场力方向竖直向上，由于物体所受的电场力和运动方向相反，故电场力做负功，为W=﹣qES，故A错误；B、电场力做负功，电势能增大，则小球的电势能增加了qES，故B错误；C、重力做功mhS，则小球的重力势能减小了mgS；故C错误；D、物体做减速运动，合外力做负功，动能减小，由动能定理得：△E k=﹣F合S=﹣maS=﹣qES，所以物体的动能减少了qES，故D正确．故选：D点评：本题在电场中考察了各种功能关系的转化，正确解答的关键是明确各种功能关系．10．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V，下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4VB．a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4V．根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化．电场线的疏密可以判断场强的大小．正电荷受到的电场力方向与场强方向相同．解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势一定为4V．当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V．故A错误．B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强E a不一定大于b点处的场强E b．故B错误．C、由题，a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c 点运动到b点电势能一定减少．故C正确．D、由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点时受到的电场力由a指向b．故D 错误．故选C点评：本题要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低．11．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向下运动考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．解答：解：A、B、保持K闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左或向右滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确，B错误．C、D、由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态，故CD错误．故选：A．点评：本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．12．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零考点：电场线；牛顿第二定律．分析：M、N为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定解答：解：A、点电荷在从P到O的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，P到O的过程中，电场强度大小变化不能确定，所以电场力无法确定，加速度不能确定．故A错误，B错误．C、点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O 点的速度达到最大值．故C正确．D、越过O点后，负电荷q做减速运动，速度越来越小，同理加速度的大小无法确定．故D 错误．故选：C点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性进行分析求解，注意从O点向上或向下的过程，电场强度都是先增大后减小13．如图中虚线为匀强电场中的等势面，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点A、B、C为实线与虚线的交点，已知O点电势高于C点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在A点的速率与M在C点的速率相等C．N在从O点运动至A点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至B点的过程中，电场力对它做的负功考点：等势面．分析：根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于C点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性．由动能定理可知，N在A点的速度与M在C点的速度大小相等，但方向不同．N从O点运动至A点的过程中电场力做正功．O、B间电势差为零，由动能定理可知电场力做功为零．解答：解：A、由题，等势线在水平方向，O点电势高于C点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N粒子所受的电场力方向竖直向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N粒子带负电，M带正电．故A错误．B、由动能定理可知，N在A点的速度与M在C点的速度大小相等，但方向不同．故B正确．C、N从O点运动至A点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功．故C错误．D、O、B间电势差为零，由动能定理可知M从O点运动至B点的过程中，电场力对它做功为零．故D错误．故选：B点评：本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性．由动能定理分析电场力做功是常用的方法．二、填空题（本题共8空，每空2分，共16分）14．一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为 2.5V．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．。
福建省福州八中高二上学期期中考试(物理文).doc
福州八中—第一学期期中考试高二物理(文)考试时间：60分钟试卷满分：100分一、单项选择题：1．关于点电荷的说法，正确的是A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷；B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷；C．点电荷一定是电荷量很小的电荷；D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷；2．关于电场线的说法中，正确的是：A．电场线既能描述电场的方向，也能描述电场的强弱B．电场线就是带电粒子在电场中运动的轨迹C．电场线从正电荷出发到负电荷终止，它是实际存在的线D．电场线是假想出来的一组曲线（或直线），所以它不能用实验方法来模拟3．在电场中某一点，当放入正电荷时受到电场力向右，下列说法正确的是A. 当放入负电荷时受到的电场力向左，该点的场强向左；B. 只有在该点放入电荷时，该点才有场强；C. 该点的场强方向一定向右；D. 以上说法均不正确；4.关于地磁场，下列说法正确的是：A. 地球的地磁两极与地理两极重合；B. 地球的地磁北极与地理北极重合；C. 地球的地磁北极与地理南极重合；D. 地球的地磁北极与地理南极附近；5. 计算用电量时,常用的单位是“度”,对此下列说法中正确的是：A．1度=3.6×106 kw h B．1度=3.6×105 JC．“度”是电功率的单位D．“度”是电功的单位6. 带电荷量为+q的粒子在匀强磁场中运动，下面说法正确的是：A. 只要速度相同，所受洛伦兹力就相同；B. 如果把+q改为-q，速度反向且大小不变，则洛伦兹力的大小、方向都不变；C. 只要带电粒子在磁场中运动，它一定受到洛伦兹力作用；D. 带电粒子受到洛伦兹力越小，则该磁场的磁感应强度越小；7. 关于电磁场理论，以下说法正确的是：A．在电场周围一定会产生磁场B．任何变化的电场周围空间一定会产生变化的磁场C．均匀变化的电场会产生变化的磁场D ．周期性变化的电场会产生周期性变化的磁场8. 第一次发现电磁感应现象的科学家是：A.安培B.奥斯特C.法拉第D.麦克斯韦9. 以下说法正确的是：A. 磁场越强，磁通量变化率越大；B. 回路的磁通量越大，磁通量变化率越大；C. 回路匝数越多，磁通量变化率越大；D. 回路磁通量变化越快，磁通量变化率越大；10.在下列各图中，分别标出了磁场B 的方向，电流I 方向和导线所受安培力F 的方向，其中正确的是二、填空题：11. 真空中两个点电荷之间的库仑力是F ，当两个点电荷所带的电荷量都增加到原来的n 倍，两点电荷间的距离变为原来的1/n 倍时，它们间的库仑力是 。
福建省福州市八县一中2017-2018学年高二物理上学期期中联考试题(含解析)
福建省福州市八县一中2017-2018学年高二物理上学期期中联考试题（含解析）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1—8题只有一项符合题目要求，第9—12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．以下关于静电现象说法错误．．的是（）A．用丝绸摩擦玻璃棒后丝绸将得到电子带上负电B．制作汽油桶的材料用金属比用塑料好C．接触带有精密电子元件的电路板时，最好先用手接触一下金属水管或其它接地金属D．考场外头走廊上安装的考场无线信号屏蔽器是利用了静电屏蔽原理【答案】D【解析】考点：静电现象【名师点睛】本题要知道不管哪种带电方式，电荷并未创生，也未消失，电荷总量保持不变．摩擦起电、接触起电的实质是电荷从一个物体转移到另一物体，感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一部分.2. 下列说法不．正确的是（）A．插头与插座之间接触不良时，容易发热，甚至迸出电火花B．铜的温度系数相对大些，可用来制作电阻温度计C．电容器两极板之间的电场肯定是匀强电场D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全【答案】C【解析】试题分析：插头与插座之间接触不良时，容易发热，甚至迸出电火花，选项A正确；铜的温度系数相对大些，可用来制作电阻温度计，选项B 正确；只有平行板电容器带电时，两极板会分别带有等量异种电荷，板间产生匀强电场；故C 错误． 打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全，选项D 正确；此题选择错误的选项，故选C. 考点：电容器；静电的防止即利用【名师点睛】此题考查的都是静电部分的简单知识点；关键是多看书，必能结合生活实际来回答问题.3. 用比值法定义物理量是物理学中常用的方法，下列表达中不属于．．．用比值法定义物理量的是( ) A ．电势差qW U AB AB = B ．电容d k SC πε4=C ．电阻I U R =D ．电流强度tqI = 【答案】B 【解析】故选B.考点：比值定义法【名师点睛】解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变.4．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为 ( )A ．4ρ和4RB ．ρ和4RC ．16ρ和16RD ．ρ和16R 【答案】D 【解析】试题分析：电阻为R ，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的1/4，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R．由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变．故选D.考点：电阻定律【名师点睛】题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比．电阻率不受温度影响的材料，可以制成标准电阻。
福建省福州市八县(市)协作校2018届高三上学期期中联考物理试题(答案+解析)
福州市八县（市）协作校2017—2018学年第一学期半期联考高三物理试卷一、单项选择题1. 在物理学发展过程中，有许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A. 牛顿通过多年观测记录行星的运动，提出了行星运动的三大定律B. 卡文迪许发现万有引力定律，被人们称为“能称出地球质量的人”C. 伽利略利用“理想斜面”得出“力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因”的观点D. 开普勒从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点【答案】C【解析】解: A、开普勒提出了行星运动的三大定律,牛顿在此基础上发现了万有引力定律,故A错误.B、牛顿发现万有引力定律后,英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了万有引力常量G,所以B选项是错误的.C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是维持物体运动的原因”的观点,得出了“力是改变物体运动状态的原因”的观点,故C正确.D、伽利略从理论和实验两个角度,证明了轻、重物体下落一样快,从而推翻了古希腊学者亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点.故D错误.所以C选项是正确的2. 控制汽车油耗是减少排放二氧化碳的主要手段之一，各国相继出台在不久的将来禁售燃油车的相关政策，而大力研发电动汽车。
一电动汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，当车速v≤10m/s、且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使电动汽车避免与障碍物相撞。
在上述条件下，若某一电动汽车以10m/s的速度在一条平直公路上行驶，启动了“全力自动刹车”后其加速度大小为4m/s2，则从开始经1s与3s过程中，汽车的位移之比为（）A. 1∶3B. 2∶3C. 1∶6D. 16∶25【答案】D【解析】解：刹车真实时间为，1s位移为，3s位移其实就是2.5s 位移位移之比为16:25，故D项正确。
物理-福建省福州市八县(市)协作校2017-2018学年高二上学期期中联考(理)试题(解析版)
福建省福州市八县（市）协作校2017-2018学年高二上学期期中联考物理（理）试题一、选择题1. 两个分别带有电荷量为－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r 的两处，它们之间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A. FB. FC. FD. 12F2. 关于电场强度的概念，下列说法正确的是()A. 由可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比B. 电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷的正负无关C. 正、负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关D. 电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零3. 如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则()A. a一定带正电，b一定带负电B. a的速度将减小，b的速度将增加C. a的加速度将减小，b的加速度将增加D. 两个粒子的动能，一个增加一个减小4. 如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，这两条曲线把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R.下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域的说法正确的是()A. 伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1<P2B. 伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1<P2C. 伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1>P2D. 伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1>P25. 如图所示实线表示某静电场等势面的分布，电荷量为1.6×10－9 C的正电荷从A经B、C 到达D点．从A到D，静电力对电荷做的功为()A. 4.8×10－8 JB. －4.8×10－8 JC. 8.0×10－8 JD. －8.0×10－8 J6. 如图所示，直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为φM、φN、φP、φQ，一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等．则()A. 直线a位于某一等势面内，φM>φQB. 直线c位于某一等势面内，φM>φNC. 若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D. 若电子由P点运动到Q点，电场力做负功7. 如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么()A. 若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B. 微粒从M点运动到N点电势能一定增加C. 微粒从M点运动到N点动能一定增加D. 微粒从M点运动到N点机械能一定增加8. 体积相同、带同种电荷的两个小球A、B，质量分别为m1、m2.将A、B用绝缘细绳悬挂在同一水平天花板上，因静电力作用而使A、B两球分离，且静止在同一水平面上，L1、L2分别与竖直方向成30°、45°角，如图所示，则下列说法正确的是()A. 两球质量的比值B. 两球质量的比值C. 若将L1和L2同时剪断，剪断瞬间两球加速度大小的比值D. 若将L1和L2同时剪断，剪断瞬间两球加速度大小的比值9. 如图所示，其中电流表A的量程为0.6 A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02 A；R1的阻值等于电流表内阻的；R2的阻值等于电流表内阻的2倍．若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1 的电流值，则下列分析正确的是()A. 将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB. 将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC. 将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD. 将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A10. 某位移式传感器的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，平行金属板A、B和介质P构成电容器，当可移动介质P向左匀速移出的过程中( )A. 电容器的电容变大B. 电容器的电荷量保持不变C. M点的电势比N点的电势低D. 流过电阻R的电流方向从M到N11. 一带负电的试探电荷在不同电场中由静止释放，只受电场力作用，且沿直线运动，它运动的v－t图象如图中甲、乙所示，则下列关于试探电荷所处的电场说法正确的是()A. 甲图可能是在带正电的点电荷形成的电场中的v－t运动图象B. 甲图可能是在带负电的点电荷形成的电场中的v－t运动图象C. 乙图可能是在等量同种点电荷形成的电场中的v－t运动图象D. 乙图可能是在等量异种点电荷形成的电场中的v－t运动图象12. 如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球(视为点电荷)，b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q(图中未画出)时速度为零，则小球a()A. 从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B. 从N到P的过程中，速率先增大后减小C. 从N到Q的过程中，电势能一直增加D. 从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量13. 如图所示，用输出电压为1.4 V，输出电流为100 mA的充电器对内阻为2 Ω的镍—氢电池充电．下列说法正确的是()A. 电能转化为化学能的功率为0.12 WB. 充电器输出的电功率为0.14 WC. 充电时，电池消耗的热功率为0.12 WD. 充电器把0.14 W的功率储蓄在电池内14. 小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是()A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B. 对应P点，小灯泡的电阻为C. 对应P点，小灯泡的电阻为D. 对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积大小二、计算题15. 如图所示，一质量为m的带电液滴，在大小为E，方向竖直向上的匀强电场中处于静止状态，求：（1）这个液滴带什么电？电荷量为多少？（2）当场强的大小突然变为原来的一半，方向保持不变时，液滴向什么方向运动？其加速度为多少？16. 微型吸尘器的直流电动机的内阻为1 Ω，当加在它两端的电压为2.0 V时，电流为0.8 A，且能正常工作。
物理-福建省闽侯一中2017—2018学年度高二第二学期八县(市)期中联考试卷
2017-2018学年度第二学期八县（市）一中期中联考高二年级物理试卷时间：90 分钟满分：100 分一、选择题（本题共11小题，每小题4分，共44分。
在每小题给出的四个选项中，第1—8题只有一项符合题目要求，第9—11题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.关于物理学家做出的贡献，下列说法正确的是（）A.奥斯特发现了电磁感应现象B.韦伯发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系C.法拉第提出了确定感应电流方向的定律D.安培观察到通电螺线管和条形磁铁的磁场很相似，提出了分子电流假说2.下列关于正常使用的日光灯说法正确的是（）A．镇流器为日光灯的点亮提供瞬时高压B．镇流器维持灯管两端有高于电源的电压，使灯管正常工作C．灯管点亮发光后，启动器中的动静触片是接触的D．灯管一直闪烁，没有完全点亮原因可能是灯管中灯丝烧断了3. 如图所示，在两根平行长直导线M、N 中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自左向右在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为（）A. 沿abcda不变B. 沿adcba不变C. 由abcda 变成adcbaD. 由adcba 变成abcda4. 电流传感器在电路中相当于电流表，可以用来研究自感现象．在如下图所示的实验电路中，电源电动势为E，内阻是r, L是自感线圈，其自感系数足够大，直流电阻值大于灯泡D 的阻值，电流传感器的电阻可以忽略不计．在t=0时刻闭合开关S，经过一段时间后，在t=t1时刻断开开关S，在下列表示电流传感器记录的电流随时间变化情况的图象中，可能正确的是（）5. 如图所示，均匀导线制成的半径为R的圆环以速度v匀速进入一磁感应强度大小为B的匀强磁场．当圆环运动到图示位置(∠aOb＝90°)时，a、b两点的电势差为()A.4BRvB.4BRvC.D.2BRv6.如右图为长虹电视机电源部分的滤波电路，从输入端输入含有直流成分、交流低频成分的电流后，下列关于其工作原理及各电容和电感作用的说法，正确的是（）A．由于电容C1的“通直流、隔交流”的功能，电流中的交流成分被衰减B．线圈L有“通交流、阻直流”的功能，直流成分和一小部分交流通过LC．由于电容C2的“通交流、隔直流”的功能，C2进一步滤除电流中残余的交流成分D．输出端输出较稳定的交流电，这个交流电供电视机内芯正常工作7. 一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如下图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0 Ω，外接一只电阻为95.0 Ω的灯泡，如图乙所示，则()电流传感器A B C t1t1t1t1A ．电压表V 的示数为220 VB ．电路中的电流方向每秒钟改变50次C ．灯泡实际消耗的功率为484 WD ．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J8.如图甲所示,一矩形线圈abcd 放置在匀强磁场中,并绕过ab 、cd 中点的轴OO'以角速度ω逆时针匀速转动。
福建省福州市八县一中2017_2018学年高二物理上学期期中试题
Ω=100g R 2017—2018学年度第一学期八县（市）一中期中联考高中 二 年 物理 科试卷完卷时间： 90 分钟 满 分： 100 分一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1—8题只有一项符合题目要求，第9—12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．以下关于静电场部分知识说法正确的是：（ ）A ．摩擦起电的本质是电子的得失，因此不符合电荷守恒定律B ．电场线是虚拟的，所以电场本身也不是真实存在的C ．根据电容定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间电压成反比D ．库仑定律适用于真空中的点电荷2. 以下关于恒定电流部分知识说法正确的是：（ ）A ．在导体中，只要自由电荷在运动，就一定会形成电流B ．电流不一定总是由电势高的一端流向电势低的一端C ．电源电动势等于电源正负极之间的电势差D ．所有材料的电阻率都会随着温度的升高而增大3．如图1所示，P 是一个带电体，N 是一个不带电的金属空腔，在下列情况中，放在绝缘板上的小纸屑S 不会．．被P 吸引的是：( )A. ①③B. ②③C. ②④D. ③④4．如图2所示，平行板电容器的两极板A 、B 接在电池的两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合开关S ，给电容器充电，稳定后悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则：（ ）A. 若保持开关S 闭合，A 极板向B 极板靠近，则θ减小B. 若保持开关S 闭合，A 极板向B 极板靠近，则θ不变C. 若开关S 断开，A 极板向B 极板靠近，则θ不变D. 若开关S 断开，A 极板向B 极板靠近，则θ增大 5．某电解池中，若在2 s 内各有1.0×1019个二价正离子和2.0×1019个一价负离子相向通过某截面，那么通过这个截面的电流是：（ ）A. 0.8 AB. 1.6 AC. 3.2 AD. 6.4A6．两根完全相同的金属丝甲和乙，长度均为L ，横截面积均为S ，将乙拉长为原来的两倍后，将两根金属丝串联在同一电路中，甲、乙金属丝两端的电压之比为：（ ） A. 1∶2 B. 2∶1 C. 1∶4 D. 4∶17．在地面附近，存在着一个有界电场，边界MN 将空间分成上下两个区域I 、II ，在区域II 中有竖直向上的匀强电场，在区域I 中离边界某一高度由静止释放一个质量为m 的带电小球A ，如图3甲所示，小球运动的v-t 图像如图3乙所示，取竖直向下为正方向，不计空气阻力，则下列说法正确的是：（ ）A ．小球受到的重力与电场力之比为3：5B ．在t=5s 时，小球经过边界MNC ．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电 场力做功D ．在1 s ～4s 过程中，小球的机械能先增大后减小8．空间某区域电场线分布如图4所示，带正电小球（质量为m ，电荷量为q ），在A 点速度为v 1，方向水平向右，至B 点速度为v 2，v 2与水平方向间夹角为α，A 、B 间高度差为H ，以下判断正确的是：（ ） A ．A 点的电势比B 点的电势低B ．小球由A 至B ，电势能的减少量为22211122mv mv mgH -- C ．小球由A 至B ，电场力做功为22211122mv mv -D ．小球重力在B 点的瞬时功率为αcos 2mgv9．如图5所示,虚线a 、b 、c 代表电场中三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即U ab =U bc ,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,M 、N 是这条轨迹上的两点,据此可知：（ ）A. 三个等势面中的,a 的电势最高B. 带电质点在M 点具有的电势能比在N 点具有的电势能大C. 带电质点通过M 点时的动能比通过N 点时大D. 带电质点通过M 点时的加速度比通过N 点时大10．如图6所示，电流计的内阻 满偏电流U Q C=Ω=Ω==999100,900,121R R mA Ig 图4则下列说法正确的是：（）A. 当S1和S2均断开时，虚线框中可等效为电压表，最大量程是1VB. 当S1和S2均断开时，虚线框中可等效为电压表，最大量程是10VC. 当S1和S2均闭合时，虚线框中可等效为电流表，最大量程是0.1AD. 当S1和S2均闭合时，虚线框中可等效为电流表，最大量程是1A11．如图7所示，倾角为θ的斜面上有A、B、C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三个小球均落在斜面上的D点，今测得AB∶BC∶CD＝5∶3∶1由此可判断：（）A. ABC处三个小球运动时间之比为1∶2∶3B. A、B、C处三个小球落在斜面上时速度与初速度间的夹角之比为1∶1∶1C. A、B、C处三个小球的初速度大小之比为3∶2∶1D. A、B、C处三个小球的运动轨迹可能在空中相交12．如图8甲所示,有一绝缘圆环,圆环上均匀分布着正电荷,圆环平面与竖直平面重合。
福建省福州市八县(市)协作校2017-2018学年高二上学期期末联考物理试题(原卷版)
福建省福州市八县(市)协作校2017-2018学年高二上学期期末联考物理试题一、选择题（本题共12小题，共48分。
1~8题每小题4分，在给出的四个选项中，只有一个选项正确。
9~12．．．．4．分，正确选项可能不只一个．．．．．．．．．．．．，全部选对得4分，选不全得2分，．．．．题每小题错选不得分）1. 下列关于物理学史错误的是（）A. 1785年法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律—库仑定律。
B. 法拉第曾经做了一个法拉第笼实验。
该实验说明静电屏蔽可以使金属壳内部不受外部电场的影响C. 1820年，丹麦物理学家安培电流可以使周围的磁针偏转的效应，称为电流的磁效应。
D. 荷兰物理学家洛仑兹提出运动电荷产生了磁场和磁场对运动电荷有作用力（洛仑兹力）的观点。
2. 两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为r/2，则两球间库仑力的大小为（）A. B. C. D.3. 如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示。
则（）A. a一定带正电，b一定带负电B. a的速度将减小，b的速度将增加C. a的加速度将减小，b的加速度将增加D. 两个粒子的电势能一个增加一个减小4. 在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V．重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）...A. 32WB. 44WC. 47WD. 48W5. 在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是( )A. 电压表示数变小B. 电流表示数变小C. 电容器C所带电荷量增多D. a点的电势降低6. 如图所示，两平行导轨与水平面成θ角倾斜放置，电源、电阻、金属细杆及导轨组成闭合回路，细杆与导轨间的摩擦不计。
福州八市2017-2018学年度第二学期高二物理期中联考试卷(有答案)-精品
福州市八县（市）协作校2017-2018学年第二学期期中联考高二物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题：福州民族中学邹志刚叶小燕一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
其中1~8小题，只有一个选项符合题目要求。
9~12小题，有多个选项符合题目要求）1、下列关于科学发现或发明的叙述中，存在正确的是（）A．法拉第提出“分子电流假说”揭示了磁现象的电本质B．库仑发明了“扭秤”，准确的测量出了带电物体间的静电力C．安培发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系D．卡文迪许经历了十年的探索，实现了“电生磁”的理想2、下列现象中，属于电磁感应现象的是（）A．小磁针在通电导线附近发生偏转B．磁铁吸引小磁针C．通电线圈在磁场中转动D．发电机中的闭合线圈在磁场中运动而产生电流3、如图所示，四边形线圈abcd放在范围足够大的匀强磁场中并做下列运动，能产生感应电流的是（）A．垂直纸面向外平移B．向右平移C．以a点为中心在纸面内逆时针转动D．以ad 为轴转动4、电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．磁通量变化率越大，则感应电动势越大B．磁通量变化越多，则感应电动势越大C．磁通量增加，则感应电动势也一定增加D．磁通量为零，则感应动势也一定为零5、如图所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来．若要缩短上述加热时间，下列措施可行的有（）A．使线圈离金属杯远一点B．将金属杯换为玻璃杯C．使交流电源的频率变大D．将线圈中的铁芯拿走6、如图所示，灯光A、B完全相同，L是自感系数很大的线圈，其自身电阻与定值电阻R相等，下列说法正确的是（）A．闭合电键S瞬间，灯泡A、B两灯泡都慢慢变亮B．闭合电键S，当电路稳定后，灯泡A、B的亮度不同C．断开电键S时，灯泡A、B均缓慢熄灭D．断开电键S时，灯泡A缓慢熄灭，灯泡B立即熄灭7、如图所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b．当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。
(市)协作校高二物理上学期期中联考试题文(2021年整理)
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福州市八县(市）协作校2017-2018学年第一学期期中联考高二物理（文科）试卷【完卷时间:90分钟;满分：100分】一、选择题（本题共12小题.每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
选对的得4分,选错或不选的得0分.）1．下列现象中，不属于．．．防止静电危害的是（）A．在很高的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D．存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴2．关于电场线和磁感线，下列说法正确的是A．电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B．电场线和磁感线都是闭合的曲线C．磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D．电场线从正电荷或无限远出发,终止于无限远或负电荷3．在如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是( ）4．图中为某电场中的一条电场线，a、b为该电场线上的两点，则下列判断中正确的是（）A．a点的场强一定比b点的场强大B．b点的场强可能比a点的场强小C．负电荷在a点受到的电场力方向向左D．正电荷在运动中通过b点时，其运动方向一定沿ba方向5．下列关于电流的说法中,不正确．．．的是（）A．习惯上规定正电荷定向移动的方向为电流方向B．国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C．电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D．由QIt可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多6．如图所示，通电导线的电流方向和它周围产生的磁场磁感线的方向关系正确的是（）a bA B C D7．下面所示的实验示意图中,用于探究电磁感应现象的是（）8．下列四种电学元件中，属于电容器的是( ）9．关于电磁场和电磁波，下列说法中正确的是（）A．电磁场由发生区域向远处的传播就是电磁波B．在电场的周围总能产生磁场,在磁场的周围总能产生电场C．电磁波是一种物质，只能在真空中传播D．电磁波不会产生污染10．传感器可作为人类感官的补充,随着家电的普及，传感器开始进入千家万户。
福州八市2017-2018学年度第二学期高二物理期中联考试卷(有答案)
福州市八县（市）协作校2017-2018学年第二学期期中联考高二物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题：福州民族中学邹志刚叶小燕一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
其中1~8小题，只有一个选项符合题目要求。
9~12小题，有多个选项符合题目要求）1、下列关于科学发现或发明的叙述中，存在正确的是（）A．法拉第提出“分子电流假说”揭示了磁现象的电本质B．库仑发明了“扭秤”，准确的测量出了带电物体间的静电力C．安培发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系D．卡文迪许经历了十年的探索，实现了“电生磁”的理想2、下列现象中，属于电磁感应现象的是（）A．小磁针在通电导线附近发生偏转B．磁铁吸引小磁针C．通电线圈在磁场中转动D．发电机中的闭合线圈在磁场中运动而产生电流3、如图所示，四边形线圈abcd放在范围足够大的匀强磁场中并做下列运动，能产生感应电流的是（）A．垂直纸面向外平移B．向右平移C．以a点为中心在纸面内逆时针转动D．以ad 为轴转动4、电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．磁通量变化率越大，则感应电动势越大B．磁通量变化越多，则感应电动势越大C．磁通量增加，则感应电动势也一定增加D．磁通量为零，则感应动势也一定为零5、如图所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来．若要缩短上述加热时间，下列措施可行的有（）A．使线圈离金属杯远一点B．将金属杯换为玻璃杯C．使交流电源的频率变大D．将线圈中的铁芯拿走6、如图所示，灯光A、B完全相同，L是自感系数很大的线圈，其自身电阻与定值电阻R相等，下列说法正确的是（）A．闭合电键S瞬间，灯泡A、B两灯泡都慢慢变亮B．闭合电键S，当电路稳定后，灯泡A、B的亮度不同C．断开电键S时，灯泡A、B均缓慢熄灭D．断开电键S时，灯泡A缓慢熄灭，灯泡B立即熄灭7、如图所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b．当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。
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福州市八县(市)协作校2017-2018学年第一学期期中联考高二 物理（文科）试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】一、选择题（本题共12小题。
每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
选对的得4分，选错或不选的得0分。
） 1．下列现象中，不属于．．．防止静电危害的是（ ） A ．在很高的建筑物顶端装上避雷针B ．在高大的烟囱中安装静电除尘器C ．油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D ．存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴 2．关于电场线和磁感线，下列说法正确的是A ．电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B ．电场线和磁感线都是闭合的曲线C ．磁感线从磁体的N 极发出，终止于S 极D ．电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷 3．在如图所示的各电场中，A 、B 两点场强相同的是（ ）4．图中为某电场中的一条电场线，a 、b 为该电场线上的两点，则下列判断中正确的是（ ） A ．a 点的场强一定比b 点的场强大 B ．b 点的场强可能比a 点的场强小C ．负电荷在a 点受到的电场力方向向左D ．正电荷在运动中通过b 点时，其运动方向一定沿ba 方向 5．下列关于电流的说法中，不正确．．．的是（ ） A ．习惯上规定正电荷定向移动的方向为电流方向B ．国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C ．电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D ．由QI t可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多 6．如图所示，通电导线的电流方向和它周围产生的磁场磁感线的方向关系正确的是( )abA B C D 7．下面所示的实验示意图中，用于探究电磁感应现象的是（ ）8．下列四种电学元件中，属于电容器的是（ ）9．关于电磁场和电磁波，下列说法中正确的是( ) A ．电磁场由发生区域向远处的传播就是电磁波B ．在电场的周围总能产生磁场，在磁场的周围总能产生电场C ．电磁波是一种物质，只能在真空中传播D ．电磁波不会产生污染10．传感器可作为人类感官的补充，随着家电的普及，传感器开始进入千家万户。
福建省福州市八县(市)协作校高二上学期期中联考物理(文)试题 解析版
福建省福州市八县(市)协作校高二上学期期中联考物理试题一、单选题（12小题）1. 下列现象中，不属于．．．防止静电危害的是（）A. 在很高的建筑物顶端装上避雷针B. 在高大的烟囱中安装静电除尘器C. 油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D. 存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴【答案】B【解析】试题分析：在打雷时，由于静电感应在楼顶会积累大量的电荷，会对建筑物造成危害，同样像运动的油罐车等物体由于不断的摩擦也会产生大量的静电，所以要及时的把产生的静电导走．解：A、当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，所以A属于防止静电危害．B、在高大的烟囱中安装静电除尘器，利用静电除去废气中的粉尘，这是对于静电的应用，所以B不属于防止静电危害．C、油罐车在运动的过程中，由于里面的油再晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以及时的把产生的静电导走，所以C属于防止静电危害．D、利用导电橡胶做的防电靴及时的把产生的静电导走，防止工人在走动中产生静电，导致事故．所以D属于防止静电危害．该题选择不属于防止静电危害的，故选：B．【点评】掌握住基本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释．此题属于基础题．2. 关于电场线和磁感线，下列说法正确的是（）A. 电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B. 电场线和磁感线都是闭合的曲线C. 磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D. 电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷【答案】D【解析】试题分析：电场线与磁感线是人为假想的曲线，实际不存在，A错误；电场线是不闭合的，磁感线是闭合曲线，B错误；磁感线在磁体的外部从N极出发，终止于S极，在磁体的内部从S极出发，终止于N极，C错误；电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，D正确。
考点：本题考查电场线与磁感线的特点。
福州八市2017—2018学年度第二学期高二物理期中联考试卷及答案
福州市八县（市）协作校2017-2018学年第二学期期中联考高二物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题：福州民族中学邹志刚叶小燕一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
其中．．．．．1~8小题．．．．．．．．．．．．．．小题，有多个选项符合．．．．．．．．．．．．．．9~12．．，只有一个选项符合题目要求。
题目要求．．．．）1、下列关于科学发现或发明的叙述中，存在正确的是（）A．法拉第提出“分子电流假说”揭示了磁现象的电本质B．库仑发明了“扭秤”，准确的测量出了带电物体间的静电力C．安培发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系D．卡文迪许经历了十年的探索，实现了“电生磁”的理想2、下列现象中，属于电磁感应现象的是（）A．小磁针在通电导线附近发生偏转B．磁铁吸引小磁针C．通电线圈在磁场中转动D．发电机中的闭合线圈在磁场中运动而产生电流3、如图所示，四边形线圈abcd放在范围足够大的匀强磁场中并做下列运动，能产生感应电流的是（）A．垂直纸面向外平移B．向右平移C．以a点为中心在纸面内逆时针转动D．以ad 为轴转动4、电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．磁通量变化率越大，则感应电动势越大B．磁通量变化越多，则感应电动势越大C．磁通量增加，则感应电动势也一定增加D．磁通量为零，则感应动势也一定为零5、如图所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来．若要缩短上述加热时间，下列措施可行的有（）A．使线圈离金属杯远一点B．将金属杯换为玻璃杯C．使交流电源的频率变大D．将线圈中的铁芯拿走6、如图所示，灯光A、B完全相同，L是自感系数很大的线圈，其自身电阻与定值电阻R相等，下列说法正确的是（）A．闭合电键S瞬间，灯泡A、B两灯泡都慢慢变亮B．闭合电键S，当电路稳定后，灯泡A、B的亮度不同C．断开电键S时，灯泡A、B均缓慢熄灭D．断开电键S时，灯泡A缓慢熄灭，灯泡B立即熄灭7、如图所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b．当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。
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福建省福州市八县(市)协作校2017-2018学年高二上学期期中联考物理（文）试题一、单选题（12小题）1. 下列现象中，不属于．．．防止静电危害的是（）A. 在很高的建筑物顶端装上避雷针B. 在高大的烟囱中安装静电除尘器C. 油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D. 存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴【答案】B【解析】试题分析：在打雷时，由于静电感应在楼顶会积累大量的电荷，会对建筑物造成危害，同样像运动的油罐车等物体由于不断的摩擦也会产生大量的静电，所以要及时的把产生的静电导走．解：A、当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，所以A属于防止静电危害．B、在高大的烟囱中安装静电除尘器，利用静电除去废气中的粉尘，这是对于静电的应用，所以B不属于防止静电危害．C、油罐车在运动的过程中，由于里面的油再晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以及时的把产生的静电导走，所以C属于防止静电危害．D、利用导电橡胶做的防电靴及时的把产生的静电导走，防止工人在走动中产生静电，导致事故．所以D属于防止静电危害．该题选择不属于防止静电危害的，故选：B．【点评】掌握住基本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释．此题属于基础题．2. 关于电场线和磁感线，下列说法正确的是（）A. 电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B. 电场线和磁感线都是闭合的曲线C. 磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D. 电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷【答案】D【解析】试题分析：电场线与磁感线是人为假想的曲线，实际不存在，A错误；电场线是不闭合的，磁感线是闭合曲线，B错误；磁感线在磁体的外部从N极出发，终止于S极，在磁体的内部从S极出发，终止于N极，C错误；电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，D正确。
考点：本题考查电场线与磁感线的特点。
3. 在如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：在负点电荷产生的电场中，同心球面上的点的场强大小相等．A、B两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误．正点电荷产生的电场中，AB两点场强的方向相同，大小不同，故B错误．两平行板间的电场是匀强电场，场强大小方向都相等，故C正确．AB 两点处的电场线的疏密和切线方向都不同．即A、B两点的场强大小和方向都不同，故D错误．考点：考查了电场强度4. 图中为某电场中的一条电场线，a、b为该电场线上的两点，则下列判断中正确的是（）A. a点的场强一定比b点的场强大B. b点的场强可能比a点的场强小C. 负电荷在a点受到的电场力方向向左D. 正电荷在运动中通过b点时，其运动方向一定沿ba方向【答案】B【解析】试题分析：该电场线为一点电荷形成的一条电场线，因不知是正点电荷还是负点电荷，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．所以B正确，考点：考查了对电场线的理解点评：解决本题的关键掌握电场线的特点，电场线的疏密可表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示场强的方向．5. 下列关于电流的说法中，不正确．．．的是（）A. 习惯上规定正电荷定向移动的方向为电流方向B. 国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C. 电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D. 由可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多【答案】C【解析】试题分析：物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故A正确.国际单位制中，电流的单位是安培，简称安，故B正确.电流既有大小又有方向，但电流不是矢量，是标量，因为电流的运算遵守代数加减法则，不是平行四边形定则．故C错误.由可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多，故D正确．本题选不正确的，故选C．【点睛】本题考查电流的性质，要注意明确电流的方向表示电流的流向，与力、位移等方向不同，矢量的运算遵守平行四边形定则，而标量运算遵守代数法则．6. 如图所示，通电导线的电流方向和它周围产生的磁场磁感线的方向关系正确的是( )A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：由右手螺旋定则可知A中磁感线方向在圆环内部向左，故A错误；B中磁感线的方向沿顺时针方向，故B错误；C中内部磁感线方向向左，故C正确，D中磁感线方向在螺线管内部向右，故D错误．故选C.7. 下面所示的实验示意图中，用于探究电磁感应现象的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】A选项是奥斯特实验，该实验证明了通电导线周围存在着磁场，利用电生磁现象制成了电磁铁，故不符合题意；故A错误；B中磁铁在进入线圈的过程，由于磁通量的变化，产生感应电流；这是用来探究电磁感应现象的；故B正确；C线圈中有电流通过时，它就会运动起来，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故不符合题意；故C错误；D中闭合开关，导线中有电流通过时，它就会运动起来，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故不符合题意；故D错误；故选B．点睛：本题涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理．注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部有没有电源，后者外部有电源．8. 下列四种电学元件中，属于电容器的是（）A. B. C. D.【答案】B9. 关于电磁场和电磁波，下列说法中正确的是( )A. 电磁场由发生区域向远处的传播就是电磁波B. 在电场的周围总能产生磁场，在磁场的周围总能产生电场C. 电磁波是一种物质，只能在真空中传播D. 电磁波不会产生污染【答案】A【解析】试题分析：变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐渐向外传播，形成电磁波，故A正确；变化的电场和变化的磁场是相互联系的，它们统称为电磁场．故B错误；电磁场本身就是一种物质，可以不依赖物质传播，故C错误；电磁波也会产生污染．故D错误.故选A.【点睛】电磁波是由变化电磁场产生的，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐渐向外传播，形成电磁波．电磁波在真空中传播的速度等于光速，与频率无关．电磁波本身就是一种物质.10. 传感器可作为人类感官的补充，随着家电的普及，传感器开始进入千家万户。
电冰箱中用于控制温度的是（）A. 压力传感器B. 红外线传感器C. 光传感器D. 温度传感器【答案】D【解析】试题分析：温度传感器则是通过温度的变化转变成电学量，因此电冰箱的温度控制是使用温度感器，故ABC错误，D正确．故选D．【点睛】本题考查了温度传感器在家用电器中的应用，传感器能够将其他信号转化为电信号，它们在生产生活中应用非常广泛，在学习中要注意体会.11. 某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如下图所示，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向下，B图中安培力应该垂直于磁场斜向下，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，D图中安培力方向斜向左下方垂直于电流方向，故ABC错误，D正确．12. 在电子射线管中，电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示方向电流的直导线，导线与电子射线管平行，则电子流方向将（）A. 向上偏转B. 向下偏转C. 向纸里偏转D. 向纸外偏转【答案】B【解析】试题分析：由通电导线的电流方向，根据右手螺旋定则可得电子射线管处于垂直纸面向里的磁场，当电子流方向从左向右，则由左手定则可得粒子向下偏转．故选：B考点：考查了洛伦兹力的方向的判断点评：电流提供的磁场，让电荷在磁场中静止，则一定没有磁场力，而电荷在磁场中运动，有才可能有洛伦兹力，当正电荷运动，则四指为粒子运动方向，大拇指为洛伦兹力方向，若是负电荷，则大拇指的反方向为洛伦兹力方向．二、填空题（4小题）13. 右图为某电场的部分电场线.由图可知A、B两点的场强大小_____（选填“>”、“<”或“＝”）.【答案】>【解析】试题分析：电场线的疏密程度可表示的电场强度的大小，电场线越密，电场强度越大，从图中可得A点的电场线比B点的电场线密，所以E A>E B；考点：电场线的性质【名师点睛】此题是对电场线性质的考查；要知道电场线可以形象的描述电场；电场线的疏密反应电场强度的大小，切线方向是电场的方向；顺着电场线电势逐渐降低.14. 在某一电场中的P点放入一个带电荷量为的负电荷，所受电场力大小为，方向水平向左.则P点的电场强度E = ______，方向_________.【答案】 (1). (2). 水平向右【解析】试题分析：P点的电场强度场强方向与负电荷所受电场力方向相反，即水平向右．故答案为：，水平向右．【点睛】已知试探电荷所受电场力和电荷量，由场强的定义式求解P的电场强度的大小．场强方向与负电荷所受电场力方向相反．15. 变压器原线圈应该与_______电源相连 (选填“直流”、“交流”).如果原线圈两端的电压为220V，匝数为110匝，副线圈的匝数为22匝，则副线圈两端的电压是______V.【答案】 (1). 交流 (2). 44故答案为：交流，44.16. 李明最近购买了一台冷热两用的空调，这台空调的说明书中主要数据如下表所示.(1)空调工作时应选下图中_____孔插座(填“二”或“三”)(2)空调正常制冷时电流为__________A，连续正常制冷30min消耗的电能为_________.【答案】 (1). = (2). 6 (3). 0.66【解析】试题分析：（1）为了防止当空调漏电时，发生触电事故，所以使外壳接上地线，空调工作时应使用三孔插座．（2）空调工作时的制冷功率，则电流，正常制冷30min消耗的电能：故答案为：（1）三；（2）6，0.66.三、计算题（3小题）17. 如图所示，真空中两个点电荷静止放置在相距的A、B两点.两个点电荷所带的电荷量分别为和q=1.6×10-9C，静电力常量.求：（1）两个点电荷之间库仑力F的大小；（2）B处的电场强度E的大小；（3）若将放在B处的点电荷q取走，该处的电场强度有没有变化？【答案】没有变化【解析】试题分析：（1）直接根据库伦定律公式进行计算即可．（2）依据库伦定律求出q2所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在所在处的场强的大小．（3）根据电场强度的定义式，即可求解．（1）由库仑定律得：代入数据解得：（2）由电场强度定义式得B处的电场强度（3）将放在B处的点电荷q取走，该处的电场强度没有变化．原因是电场强度是通过比值定义得来的，与F、q无关.18. 把一根长为L=10cm的直导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中.（1）当导线中通以的电流时，导线受到的安培力大小为，试求该磁场的磁感应强度的大小B.（2）若该导线中通以的电流，试求此时导线所受安培力大小F，并判断安培力的方向.【答案】垂直于导线向上【解析】试题分析：（1）因为，所以根据安培力的公式，求磁感应强度B．（2）根据安培力的公式，求出安培力的大小．（1）由，代入数据得：（2）由，代入数据得：由左手定则可知，安培力的方向方向竖直向上19. 如图所示，水平U形光滑框架，宽度L＝1m，电阻忽略不计，导体棒ab的质量，电阻，匀强磁场的磁感应强度B＝0.2T，方向垂直框架向上．现用F＝1N的拉力由静止开始向右拉ab棒，当ab棒的速度达到时，求此时：（1）ab棒产生的感应电动势的大小；（2）ab棒产生的感应电流的大小和方向；（3）ab棒所受安培力的大小和方向；（4）ab棒的加速度的大小．【答案】0.4V 0.8A 从a流向b 0.16N 水平向左【解析】试题分析：（1）根据切割产生的感应电动势公式E=BLv，求出电动势的大小．（2）由闭合电路欧姆定律求出回路中电流的大小，由右手定则判断电流的方向.（3）由安培力公式求出安培力的大小，由左手定则判断出安培力的方向．（4）根据牛顿第二定律求出ab棒的加速度．（1）根据导体棒切割磁感线的电动势（2）由闭合电路欧姆定律得回路电流，由右手定则可知电流方向为：从a 流向b（3）ab受安培力，由左手定则可知安培力方向为：水平向左（4）根据牛顿第二定律有：，得ab杆的加速度。