第1章章末综合检测
_新教材高中地理第一单元宇宙中的地球章末检测含解析中图版必修第一册
章末综合检测(一)一、选择题(每小题2.5分，共50分)“嫦娥三号”携带的“玉兔号”探月车完成了多项月球探测，但并未发现有生命存在的迹象。
据此完成1～2题。
1．在“嫦娥三号”探月过程中，尚未发现生物。
地球上之所以存在生命现象，其主要原因是( )A．地球上有大量的气体B．地球与太阳的距离适中C．地球上有昼夜交替现象D．地球上四季分明2．下列天体系统中不包括“嫦娥三号”的是( )A．银河系B．河外星系C．太阳系 D．总星系北京时间2018年9月15日，“卡西尼”号航天器结束了长达13年的土星探测使命，以主动坠毁的方式坠入土星大气层。
下图为太阳及太阳系八大行星示意图。
读图，完成3～4题。
3．“卡西尼”探测器主要探测的行星是 ( )A．甲 B．丙C．己 D．庚4．对“卡西尼”探测器向地面传送信息易产生干扰的是( )A．太阳活动 B．太阳辐射C．地球自转 D．昼夜交替美国前太空人卢杰指出，足以毁灭城市的小行星撞击地球的可能性，比科学家早前预期的还要高。
据此完成5～6题。
5．撞击地球的小行星可能来自于( )A．①和②之间 B．②和③之间C．③和④之间 D．④和⑤之间6．小行星与太阳系中八大行星最大的区别是( )A．公转方向不同B．质量和体积不同C．公转周期不同D．组成物质不同''当前各国新一轮空间竞赛正向深空拓展，被称为“袖珍地球”的火星成为新一轮空间竞争的焦点。
由于各国在空间探测中一般遵循“谁先占有，谁先开发，谁先受益”的原则，多位专家预言，在未来几个世纪内，各个发达国家将在火星开发中掀起一场新的“圈地运动”。
读表，完成7～8题。
行星质量(地球为1) 体积(地球为1)平均密度(g/cm3)公转周期(a)自转周期四季更替地球 1.00 1.00 5.52 1.023小时56分有火星0.11 0.15 3.96 1.924小时37分有7.下述条件中火星与地球最接近的是( )A．重力加速度大小B．公转周期长短C．表面温度高低D．昼夜交替周期长短8．人类深空探测对火星情有独钟的原因是( )A．有生命存在B．是距地球最近的行星C．有昼夜交替D．是太阳系八颗行星中与地球自然环境最相近的行星太阳活动爆发被人们形象地称为“太阳发脾气”，人们也一直在研究“太阳发脾气”时地球上发生的变化，但仍有很多领域的问题难以解决。
教科版物理选修3-2：第1章章末综合检测
一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分) 1.下列说法正确的是( ) A ．奥斯特发现电磁感应现象 B ．电流的磁效应就是电磁感应现象C ．法拉第能够发现电磁感应现象，是因为他坚信各种自然现象是相互关联的D ．以上说法都不对解析：选C.电磁感应现象是法拉第研究发现的，A 错．电流的磁效应现象是“电生磁”，电磁感应现象是“磁生电”，是两种不同的物理现象，B 错．法拉第在自然现象之间的相互联系和相互转化的信念支持下，研究了电与磁的相互关系，发现了电磁感应现象，C 对．故选C.2.关于闭合电路中的感应电动势E 、磁通量Φ、磁通量的变化量ΔΦ以及磁通量的变化率ΔΦΔt 之间的关系，下列说法正确的是( ) A ．Φ＝0时，电动势E ＝0B.ΔΦΔt＝0时，电动势E 可能不等于0 C ．ΔΦ很大，电动势E 可能很小 D.ΔΦΔt很大，ΔΦ一定很大 解析：选C.根据E ＝ΔΦΔt ，所以Φ＝0时，ΔΦΔt 不一定为0，A 项不正确；ΔΦΔt ＝0，E 一定为0，B 项错误；而ΔΦ很大，如果Δt 很长，E 可能很小，C 项正确；ΔΦΔt 很大但ΔΦ不一定大，D 项错误．3.如图所示，一个U 形金属导轨水平放置，其上放有一个金属导体棒ab ，有一个磁感应强度为B 的匀强磁场斜向上穿过轨道平面，且与竖直方向夹角为θ.在下列各过程中，一定能在轨道回路里产生感应电流的是( ) A ．ab 向右运动，同时使θ减小B ．使磁感应强度B 减小，θ角同时也减小C ．ab 向左运动，同时增大磁感应强度BD ．ab 向右运动，同时增大磁感应强度B 和θ角(0°<θ<90°)解析：选A.设此时回路面积为S ，据题意，磁通量Φ＝BS cos θ，对A ，S 增大，θ减小，cos θ增大，则Φ增大，A 正确．对B ，B 减小，θ减小，cos θ增大，Φ可能不变，B 错．对C ，S 减小，B 增大，Φ可能不变，C 错．对D ，S 增大，B 增大，θ增大，cos θ减小，Φ可能不变，D 错．故只有A 正确．4.一个面积S ＝4×10－2 m 2、匝数n ＝100匝的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B 随时间t 变化的规律如图所示，则下列判断正确的是( )A ．在开始的2 s 内穿过线圈的磁通量的变化率等于－0.08 Wb/sB ．在开始的2 s 内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C ．在开始的2 s 内线圈中产生的感应电动势等于－0.08 VD ．在第3 s 末线圈中的感应电动势等于零 解析：选A.由E ＝n ΔΦΔt ＝n ΔBΔt ·S 得：在开始2 s 内线圈中产生的感应电动势 E ＝100×－42×4×10－2 V ＝－8 V 磁通量变化率：ΔΦΔt＝－0.08 Wb/s第3 s 末虽然磁通量为零，但磁通量变化率为0.08 Wb/s ，所以选A.5.如图所示是验证楞次定律实验的示意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流．各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中正确的是( )解析：选D.根据楞次定律可确定感应电流的方向：对C 选项，当磁铁向上运动时：①闭合线圈原磁场的方向——向上；②穿过闭合线圈的磁通量的变化——减少；③感应电流产生的磁场方向——向上；④利用安培定则判断感应电流的方向——与图中箭头方向相反．故C 项错．同理分析可知A 、B 错，D 正确．6.如图所示，一根长导线弯成“n ”形，通以直流电I ，正中间用不计长度的一段绝缘线悬挂一金属环C ，环与导线处于同一竖直平面内，在电流I 增大的过程中，下列叙述正确的是( )A ．金属环C 中无感应电流产生B ．金属环C 中有沿逆时针方向的感应电流产生 C ．悬挂金属环C 的竖直线拉力变大D ．金属环C 仍能保持静止状态解析：选BCD.电流I 增大的过程中，穿过金属环C 的磁通量增大，环中出现逆时针的感应电流，故A 错，B 正确；可以将环等效成一个正方形线框，利用“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”得出环将受到向下的斥力且无转动，所以悬挂金属环C 的竖直拉力变大，环仍能保持静止状态，C 、D 正确．7.如图，EOF 和E ′O ′F ′为空间一匀强磁场的边界，其中EO ∥E ′O ′，FO ∥F ′O ′，且EO ⊥OF ；OO ′为∠EOF 的角平分线，OO ′间的距离为l ；磁场方向垂直于纸面向里．一边长为l 的正方形导线框沿O ′O 方向匀速通过磁场，t ＝0时刻恰好位于图示位置．规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i 与时间t 的关系图线可能正确的是( )解析：选B.本题中四个选项都是i －t 关系图线，故可用排除法．因在第一个阶段内通过导线框的磁通量向里增大，由楞次定律可判定此过程中电流沿逆时针方向，故C 、D 错误．由于在穿过整个磁场区域的磁通量变化量ΔΦ＝0，由q ＝ΔΦR可知整个过程中通过导线框的总电荷量也应为零，而在i －t 图像中图线与时间轴所围总面积为零，即时间轴的上下图形面积的绝对值相等．故A 错误B 正确．8.如图所示的电路中，电源电动势为E ，线圈L 的电阻不计．以下判断正确的是( )A ．闭合S ，稳定后，电容器两端电压为零B ．闭合S ，稳定后，电容器的a 极带负电C ．断开S 的瞬间，电容器的a 极板将带正电D ．断开S 的瞬间，电容器的a 极板将带负电解析：选AC.闭合S ，稳定后，由于线圈L 的直流电阻为零，所以线圈两端电压为零，又因为电容器与线圈并联，所以电容器两端电压也为零，电容器不带电，故A 正确，B 错误；断开S 的瞬间，线圈L 中电流减小，线圈中产生与原电流方向相同的自感电动势，并作用在电容器上，所以，此时电容器a 极板将带正电，b 极板将带负电，C 正确、D 错误．9.如图所示，将边长为l 的正方形闭合线圈以不同速度v1、v 2向右匀速拉出磁场时(v 1<v 2)，下列结论不．正确的是( ) A ．拉力所做的功W 2>W 1 B ．拉力的功率P 2>P 1 C ．流过线框的电荷量Q 2>Q 1 D ．线框中的感应电流I 2>I 1解析：选C.F 拉＝F 安＝BIl ＝Bl ·Bl v R ＝B 2l 2v R ，W 拉＝F 拉·l ＝B 2l 3vR，v 1<v 2，所以W 2>W 1，选项A 正确．P 拉＝F 拉·v ＝B 2l 2v 2R ，P 2>P 1，选项B 正确．流过线框的电荷量Q ＝ΔΦR ，Q 1＝Q 2，选项C 错误．电流I ＝Bl vR，I 2>I 1，选项D 正确．10.如图，足够长的U 型光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0<θ<90°)，其中MN 与PQ 平行且间距为L ，导轨平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab 由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab 棒接入电路的电阻为R ，当流过ab 棒某一横截面的电量为q 时，棒的速度大小为v ，则金属棒ab 在这一过程中( ) A ．运动的平均速度大小为12vB ．下滑的位移大小为qR BLC ．产生的焦耳热为qBL vD ．受到的最大安培力大小为B 2L 2vR sin θ解析：选B.流过ab 棒某一截面的电量q ＝I ·t ＝B ΔS Rt ·t ＝BL ·s R ，ab 棒下滑的位移s ＝qRBL，其平均速度v ＝s t ，而棒下滑过程中做加速度减小的加速运动，故平均速度不等于12v ，A 错误B 正确；由能量守恒mgs sin θ＝Q ＋12m v 2，产生的焦耳热Q ＝mgs sin θ－12m v 2＝mg qRBL sinθ－12m v 2，C 错误；当mg sin θ＝B 2L 2v R时v 最大，安培力最大，即F安m＝mg sin θ，D 错误．二、填空、实验题(包括2小题，共12分．按题目要求作答) 11.(6分)如图为“研究电磁感应现象”的实验装置．(1)将图中所缺的导线补接完整．(2)如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能出现的情况有：A ．将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将________．B ．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针将________． 解析：依照楞次定律及灵敏电流计的指针偏转方向与流过它的电流方向的关系来判定． 答案：(1)如图所示(2)向右偏转一下 向左偏转一下12.(6分)如图所示为电磁流量计的示意图，在非磁性材料制成的圆管所在的区域加一匀强磁场，当管中的导电流体流过此磁场区域时，测出管壁上ab 两点的电动势E 就可以知道管道中液体的电动势E ，就可以知道管道中液体的流量Q (单位时间内流过液体的体积)，已知管的直径为D ，磁感应强度为B ，则流量Q 为__________，a 、b 两点中________点电势高．解析：当导电液体向左流动时，导体切割磁感线向左运动，因而在液体流的顶部(如a 点)与底部(如b 点)间产生了电势差，故感应电动势为E ＝BD v ，因此液体流动速度大小为v ＝E /(BD )．设液体流动时间为t ，则在t 时间内流动距离为l ＝v t ＝Et /(BD )．在t 时间内通过管道某截面的液体体积为V 体＝l ·πD 24＝πDEt 4B .所以液体流量为Q ＝V 体t ＝πDE4B.由右手定则知b 点电势高．答案：πDE4Bb三、计算题(本题共4小题，共48分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 13.(10分)如图所示，在磁感应强度为0.2 T 的匀强磁场中，有一长为0.5 m 、电阻为1.0 Ω的导体AB 在金属框架上以10 m/s 的速度向右滑动，R 1＝R 2＝2.0 Ω，其他电阻不计，求流过R 1的电流I 1. 解析：AB 切割磁感线相当于电源，其等效电路如图所示，E AB ＝Bl v ＝0.2×0.5×10 V ＝1 V(2分) 由闭合电路欧姆定律得I ＝ER ＋r(2分)R 1、R 2并联，由并联电路电阻关系得1R ＝1R 1＋1R 2解得：R ＝R 1R 2R 1＋R 2＝1.0 Ω，I AB ＝I ＝0.5 A ．(3分) 因为R 1＝R 2，所以流过R 1的电流为I 1＝I2＝0.25 A ．(3分)答案：0.25 A14.(12分)有一面积为S ＝100 cm 2，匝数为n ＝100匝的金属环，总电阻为R ＝0.1 Ω，环中有匀强磁场，方向垂直于圆环面，磁感应强度变化规律如图所示．求：(1)圆环中产生的感应电动势的大小；(2)在2～3 s 内流过导线横截面的电荷量． 解析：(1)由法拉第电磁感应定律知， E 感＝n ΔΦΔt ＝n ΔB Δt·S (1分)式中ΔBΔt为题图中直线的斜率，即k ＝0.1 T/s(2分) 代入数据得：E 感＝100×0.3－0.23－2×100×10－4 V ＝0.1 V ．(3分)(2)因为q ＝I 感·Δt ＝E 感R ·Δt ＝n ·ΔΦΔt ·ΔtR＝n ·ΔΦR ＝n ·ΔB ·SR.(3分) 得2～3 s 内流过导线横截面的电荷量为： q ＝100×0.1×100×10－40.1C ＝1 C ．(3分)答案：(1)0.1 V (2)1 C 15.(12分)如图所示，线圈abcd 每边长l ＝0.20 m ，线圈质量m1＝0.10 kg 、电阻R ＝0.10 Ω，砝码质量m 2＝0.14 kg.线圈上方的匀强磁场磁感应强度B ＝0.5 T ，方向垂直线圈平面向里，磁场区域的宽度为h ＝l ＝0.20 m ．砝码从某一位置下降，使ab 边进入磁场开始做匀速运动．求：(1)线圈做匀速运动的速度大小？(2)穿过磁场区域过程中线圈产生的总热量是多少？(设线圈穿过磁场过程中没有与滑轮相碰)解析：(1)该题的研究对象为线圈，线圈在匀速上升时受到的安培力F 安、绳子的拉力T 和重力m 1g 相互平衡，即T ＝F 安＋m 1g .①(2分) 砝码受力也平衡：T ＝m 2g .②(2分)线圈匀速上升，在线圈中产生的感应电流I ＝Bl v /R ，③(2分) 因此线圈受到向下的安培力F 安＝BIl .④(1分) 联解①②③④式得v ＝(m 2－m 1)gR /(B 2l 2)⑤(1分) 代入数据解得：v ＝4 m/s.⑥(1分)(2)线圈匀速上升，上升的时间为t ＝2hv ⑦(1分)由焦耳定律得Q ＝I 2Rt ⑧(1分)联解③⑥⑦⑧并代入数据得Q ＝0.16 J ．(1分)答案：(1)4 m/s (2)0.16 J16.(14分)有人设计了一种可测速的跑步机，测速原理如图所示．该机底面固定有间距为L 、长度为d 的平行金属电极，电极间充满磁感应强度为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场，且接有电压表和电阻R .绝缘橡胶带上镀有间距为d 的平行细金属条，磁场中始终仅有一根金属条，且与电极接触良好，不计金属电阻．若橡胶带匀速运动时，电压表读数为U ，求：(1)橡胶带匀速运动的速率；(2)电阻R 消耗的电功率；(3)一根金属条每次经过磁场区域克服安培力做的功． 解析：(1)设电动势为E ，橡胶带运动速率为v . 由：E ＝BL v ，E ＝U 得：v ＝UBL.(5分) (2)设电功率为P . P ＝U2R.(4分)(3)设电流为I ，安培力为F ，克服安培力做的功为W . 由：I ＝UR ，F ＝BIL ，W ＝Fd得：W ＝BLUdR.(5分) 答案：(1)U BL (2)U 2R (3)BLUdR。
1章末综合检测
章末综合检测(时间：45分钟满分：100分)一、选择题(本题包括8个小题，每题6分，共48分。
每个小题只有一个选项符合题意)1．化学反应中通常伴随着能量变化，下列说法中错误的是()。
A．煤燃烧时将部分化学能转化为热能B．电解熔融Al2O3时将部分化学能转化为电能C．炸药爆炸时将部分化学能转化为动能D．镁条燃烧时将部分化学能转化为光能解析煤是重要的能源，燃烧时放出大量的热，但这不是煤中的全部化学能，因为其主要燃烧产物CO2中仍有化学能，A项正确。
电解物质时，是将电能转化为化学能，而不是化学能转化为电能，B项错误。
TNT(三硝基甲苯)爆炸时，部分化学能转化为动能，C项正确。
镁条燃烧时放出大量热，产生耀眼的白光，故镁条的部分化学能转化成了光能，D项正确。
答案 B2．已知H＋(aq)＋OH－(aq)===H2O(l)ΔH＝－57.3 kJ·mol－1。
现有以下四个化学反应方程式：①H2SO4(aq)＋2NaOH(aq)===Na2SO4(aq)＋2H2O(l)；②H2SO4(aq)＋Ba(OH)2(aq)===BaSO4(s)＋2H2O(l)；③HCl(aq)＋NH3·H2O(aq)===NH4Cl(aq)＋H2O(l)；④CH3COOH(aq)＋NH3·H2O(aq)===CH3COONH4(aq)＋H2O(l)，其中放出的热量为57.3 kJ的是()。
A．①和②B．③C．④D．以上都不对解析强酸与强碱在稀溶液中反应生成1 mol水放出热量为57.3 kJ，①、②中均生成2 mol H2O，且②中还有BaSO4生成，放出的热量均不为57.3 kJ；弱酸、弱碱在水中电离时要吸收部分热量，故③、④放出的热量小于57.3 kJ。
答案 D3．对于：2C4H10(g)＋13O2(g)===8CO2(g)＋10H2O(l)ΔH＝－5 800 kJ·mol－1的叙述错误的是()。
高中生物人教版(2019)必修1第1章走近细胞单元测试
第1章章末综合检测一、选择题:本题共20小题,共45分。
第1～15小题,每小题2分;第16～20小题,每小题3分。
每小题中只有一项是符合题目要求的。
1.细胞学说作为19世纪自然科学三大发现之一,揭示了( D )A.植物细胞和动物细胞的区别B.真核细胞与原核细胞的区别C.细胞为什么要产生新的细胞D.动物和植物的统一性解析:细胞学说未揭示植物细胞与动物细胞的区别;细胞学说没有揭示原核细胞和真核细胞的区别;细胞学说揭示了新细胞是由老细胞分裂产生的,但没有揭示细胞为什么要产生新细胞;细胞学说揭示了动物和植物的统一性。
2.下列关于生命系统的结构层次说法,正确的是( D )A.生命系统中各生物体均具有多种组织、器官和系统B.生物圈是地球上最基本的生命系统和最大的生态系统C.生物大分子如蛋白质、核酸,可以是生命系统的结构层次D.草履虫既是生命系统的细胞层次,又是个体层次解析:并不是所有的生物都具有组织、器官和系统,例如单细胞生物草履虫没有组织、器官和系统;生物圈是地球上最大的生态系统,细胞是最基本的生命系统;生物大分子,如蛋白质、核酸不是生命系统的结构层次;草履虫是单细胞生物,从生命系统的结构层次看,单细胞生物既是细胞又是个体。
3.与人的心脏所属的生命系统结构层次一致的是( A )A.人的皮肤B.人的胃黏膜C.人的呼吸系统D.人的神经元解析:人的心脏属于器官,人的皮肤也属于器官;人的胃黏膜属于组织;人的呼吸系统属于系统;人的神经元属于细胞。
4.下列关于细胞的叙述,正确的是( A )A.生命系统的结构层次中,衣藻不包括组织、器官和系统这三个层次B.细胞学说认为细胞是一个有机体,一切生物都是由细胞发育而来的C.天花病毒、肺炎链球菌这两种病原体中均含有核糖体D.若观察不到细胞壁,则一定为动物细胞解析:衣藻属于单细胞生物,可以是细胞层次,也可以是个体层次,故衣藻不包括组织、器官和系统这三个层次;细胞学说提出“一切动植物都由细胞发育而来,并由细胞和细胞产物所构成”,病毒无细胞结构;天花病毒属于病毒,无细胞结构,即无核糖体;原核生物中,除了支原体,其余的都有细胞壁,若观察不到细胞壁,则不一定为动物细胞。
高中数学必修一 第一章章末检测(含答案解析)
第一章章末检测(时间：120 分钟 满分：150 分)一、选择题(本大题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分) 1．设集合 M ＝{1,2,4,8}，N ＝{x |x 是 2 的倍数}，则 M ∩N 等于( ) A ．{2,4} B ．{1,2,4} C ．{2,4,8} D ．{1,2,8} 2．若集合 A ＝{x ||x |≤1，x ∈R }，B ＝{y |y ＝x 2，x ∈R }，则 A ∩B 等于( ) A ．{x |－1≤x ≤1} B ．{x |x ≥0} C ．{x |0≤x ≤1}D ．∅3．若ax 2a >0)，且 f ( 2)，则 a 等于( )A ．12B ．12C.0 D ．2 4．若函数 f (x )满足 f (3x ＋2)＝9x ＋8，则 f (x )的解析式是( ) A ．f (x )＝9x ＋8B ．f (x )＝3x ＋2C ．f (x )＝－3x －4D ．f (x )＝3x ＋2 或 f (x )＝－3x －45．设全集 U ＝{1,2,3,4,5}，集合 M ＝{1,4}，N ＝{1,3,5}，则 N ∩(∁U M )等于( ) A ．{1,3} B ．{1,5} C ．{3,5} D ．{4,5}6. 已知函数 f (x )＝1在区间[1,2]上的最大值为 A ，最小值为 B ，则 A －B 等于( )xA.1 2B. －1 2C.1 D ．－1 7.f (x )＝ax 2＋(a 3－a )x (－∞，－1]上递增，则 a 的取值范围是( ) A ．a B a ≤ 3 C ．0<D a <0＋3 (x >10)8.设 f (x )f (x ＋5)) (x ≤10)，则 f (5)的值是( )A ．24B ．21C ．18D ．169．f (x )＝(m －1)x 2＋2mx ＋3 为偶函数，则 f (x )在区间(2,5)上是( ) A ．增函数 B ．减函数 C. 有增有减 D ．增减性不确定10. 设 集 合 A ＝[01 1 ， )，B ＝[ ，1]，函数 f (x )＝＋1， x ∈A2 ，若 x 0∈A ，且 f [f (x 0)] 2 2 ∈A ，则 x 0 的取值范围是( ) A ．(0，1] B ．(11 ， ](1－x )， x ∈B4 4 2 C ．(1，1) D ．[0，3]4 2 8 11. 若函数 f (x )＝x 2＋bx ＋c 对任意实数 x 都有 f (2＋x )＝f (2－x )，那么( ) A ．f (2)<f (1)<f (4) B ．f (1)<f (2)<f (4) C ．f (2)<f (4)<f (1) D ．f (4)<f (2)<f (1) 12. 若 f (x )和 g (x )都是奇函数，且 F (x )＝f (x )＋g (x )＋2，在(0，＋∞)上有最大值 8，则在(－∞，0)上 F (x )有( )A ．最小值－8B ．最大值－8C ．最小值－6D ．最小值－4二、填空题(本大题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分) 13. 已知函数 y ＝f (x )是 R 上的增函数，且 f (m ＋3)≤f (5)，则实数 m 的取值范围是 ．14. 函数 f (x )＝－x 2＋2x ＋3 在区间[－2,3]上的最大值与最小值的和为 ．15. 若函数 f (x )＝x 2＋(a ＋1)x ＋a为奇函数，则实数 a ＝ .x16.如图，已知函数 f (x )的图象是两条直线的一部分，其定义域为(－1,0]∪(0,1)，则不等式 f (x )－f (－x )>－1 的解集是 ．三、解答题(本大题共 6 小题，共 70 分)17．(10 分)设集合 A ＝{x |2x 2＋3px ＋2＝0}，B ＝{x |2x 2＋x ＋q ＝0}，其中 p 、q 为常数，x∈R ，当 A ∩B ＝{12}时，求 p 、q 的值和 A ∪B .18．(12 分)已知函数 f (x )＝x ＋2，x －6(1)点(3,14)在 f (x )的图象上吗？ (2)当 x ＝4 时，求 f (x )的值； (3)当 f (x )＝2 时，求 x 的值．19．(12 分)函数 f (x )是 R 上的偶函数，且当 x >0 时，函数的解析式为 f (x )＝2－1.x(1) 用定义证明 f (x )在(0，＋∞)上是减函数； (2) 求当 x <0 时，函数的解析式．20．(12 分)函数 f (x )＝4x 2－4ax ＋a 2－2a ＋2 在区间[0,2]上有最小值 3，求 a 的值．21．(12 分)已知函数 f (x )对一切实数 x ，y ∈R 都有 f (x ＋y )＝f (x )＋f (y )，且当 x >0 时，f (x )<0，又 f (3)＝－2.(1) 试判定该函数的奇偶性；(2) 试判断该函数在 R 上的单调性；(3) 求 f (x )在[－12,12]上的最大值和最小值．22．(12 分)已知函数 y ＝x ＋ t有如下性质：如果常数xt >0，那么该函数在(0， t ]上是减函数，在[ t ，＋∞)上是增函数．(1) 已知 f (x ) 4x 2－12x －3x ∈[0,1]，利用上述性质，求函数 f (x )的单调区间和值域；＝ ，2x ＋1(2)对于(1)中的函数f(x)和函数g(x)＝－x－2a，若对任意x1∈[0,1]，总存在x2∈[0,1]，使得g(x2)＝f(x1)成立，求实数a 的值．第一章章末检测答案解析1．C [因为N＝{x|x 是2 的倍数}＝{…，0,2,4,6,8，…}，故M∩N＝{2,4,8}，所以C 正确．]2．C [A＝{x|－1≤x≤1}，B＝{y|yA∩B＝{x|0≤x≤1}．]3．A [f( 2)＝2a－2＝2，∴a＝124．B [f(3x＋2)＝9x＋8＝3(3x＋2)＋2，∴f(t)＝3t＋2，即f(x)＝3x＋2.]5．C [∁U M＝{2,3,5}，N＝{1,3,5}，则N∩(∁U M)＝{1,3,5}∩{2,3,5}＝{3,5}．]6．A [f(x)＝1在[1,2]上递减，x∴f(1)＝A，f(2)＝B，∴A－B＝f(1)－f(2)＝1－1＝1.]2 27．D [由题意知a<0，－a3－a≥－1，2a－a22＋1≥－1，即a2≤3.a<0.]8．A [f(5)＝f(f(10))＝f(f(f(15)))＝f(f(18))＝f(21)＝24.]9．B [f(x)是偶函数，即f(－x)＝f(x)，得m＝0，所以f(x)＝－x2＋3，画出函数f(x)＝－x2＋3 的图象知，f(x)在区间(2,5)上为减函数．] 10．C [∵x0∈A，∴f(x0)＝x0＋1∈B，2∴f[f(x0)]＝f(x0＋1)＝2(1－x0－1)，2 2即f[f(x0)]＝1－2x0∈A，所以0≤1－2x0<1，2即1<x0≤1，又x0∈A，4 2∴1<x0<1，故选C.]4 211．A [由f(2＋x)＝f(2－x)可知：函数f(x)的对称轴为x＝2，由二次函数f(x)开口方向，可得f(2)最小；又f(4)＝f(2＋2)＝f(2－2)＝f(0)，在x<2 时y＝f(x)为减函数．∵0<1<2，∴f(0)>f(1)>f(2)，即f(2)<f(1)<f(4)．]＝－ ≠，， 12．D [由题意知 f (x )＋g (x )在(0，＋∞)上有最大值 6，因 f (x )和 g (x )都是奇函数，所以f (－x )＋g (－x )＝－f (x )－g (x )＝－[f (x )＋g (x )]，即 f (x )＋g (x )也是奇函数，所以 f (x )＋g (x )在(－∞，0)上有最小值－6， ∴F (x )＝f (x )＋g (x )＋2 在(－∞，0)上有最小值－4.]13．m ≤2解析 由函数单调性可知，由 f (m ＋3)≤f (5)有 m ＋3≤5， 故 m ≤2. 14．－1解析 f (x )＝－x 2＋2x ＋3＝－(x －1)2＋4，∵1∈[－2,3]，∴f (x )max ＝4，又∵1－(－2)>3－1，由 f (x )图象的对称性可知，f (－2)的值为 f (x )在[－2,3]上的最小值，即 f (x )min ＝f (－2)＝－5，∴－5＋4＝－1. 15．－1解析 由题意知，f (－x )＝－f (x )， x 2－(a ＋1)x ＋a x 2＋(a ＋1)x ＋a 即 ＝－ ，－xx ∴(a ＋1)x ＝0 对 x ≠0 恒成立， ∴a ＋1＝0，a ＝－1.16．(－1，－1)∪[0,1)2解析 由题中图象知，当 x ≠0 时，f (－x )＝－f (x )，所以 f (x )－[－f (x )]>－1，∴f (x )>－1，2 由题图可知，此时－1<x <－1或 0<x <1.当 x ＝0 时，2f (0)＝－1，f (0)－f (－0)＝－1＋1＝0,0>－1 满足条件．因此其解集是{x |－1<x <－12 0≤x <1}．17．解 ∵A ∩B ＝{1 2 }，∴1∈A .2∴2( 1)2＋3p (1 2 2)＋2＝0.∴p ＝－5.∴A ＝{1，2}．3 2 又∵A ∩B ＝ 1 1B .∴ 1 2 { }，∴ ∈2 21 2( ) ＋2 ＋q ＝0.∴q ＝－1.2 ∴B ＝{1，－1}．∴A ∪B ＝{－1 12 22}．18．解 (1)∵f (3) 3＋2 5 14. 3－63 ∴点(3,14)不在 f (x )的图象上．(2)当 x ＝4 时，f (4) 4＋2 ＝ ＝－3. 4－6 (3)若 f (x )＝2，则x ＋2＝2，x －6∴2x －12＝x ＋2，∴x ＝14. 19．(1)证明 设 0<x 1<x 2，则f (x 1)－f (x 2)＝( 2 －1)－( 2－1)x 1 x 2＝ 或2(x 2－x 1) ＝ ，x 1x 2∵0<x 1<x 2，∴x 1x 2>0，x 2－x 1>0， ∴f (x 1)－f (x 2)>0， 即 f (x 1)>f (x 2)，∴f (x )在(0，＋∞)上是减函数． (2)解 设 x <0，则－x >0，∴f (－x )＝－ 2－1，x又 f (x )为偶函数，∴f (－x )＝f (x )＝－2－1，x 即 f (x )＝－2－1(x <0)． x20．解 ∵f (x )＝4(x －a)2－2a ＋2，2①当a≤0，即 a ≤0 时，函数 f (x )在[0,2]上是增函数．2∴f (x )min ＝f (0)＝a 2－2a ＋由 a 2－2a ＋2＝3，得 a ＝∵a ≤0，∴a ＝1－ 2.②当 0<a<2，即 0<a <4 时，2 f (x )min ＝f (a)＝－2a ＋2.2由－2a ＋2＝3，得 a ＝－ 1∉(0,4)，舍去．2③当a≥2，即 a ≥4 时，函数 f (x )在[0,2]上是减函数，2f (x )min ＝f (2)＝a 2－10a ＋18.由 a 2－10a ＋18 a ＝∵a ≥4，∴a ＝5综上所述，a ＝1 a ＝521．解 (1)令 x ＝y ＝0，得 f (0＋0)＝f (0)＝f (0)＋f (0) ＝2f (0)，∴f (0)＝0.令 y ＝－x ，得 f (0)＝f (x )＋f (－x )＝0， ∴f (－x )＝－f (x )， ∴f (x )为奇函数．(2)任取 x 1<x 2，则 x 2－x 1>0，∴f (x 2－x 1)<0， ∴f (x 2)－f (x 1)＝f (x 2)＋f (－x 1)＝f (x 2－x 1)<0， 即 f (x 2)<f (x 1)∴f (x )在 R 上是减函数．(3)∵f (x )在[－12,12]上是减函数， ∴f (12)最小，f (－12)最大．又 f (12)＝f (6＋6)＝f (6)＋f (6)＝2f (6) ＝2[f (3)＋f (3)]＝4f (3)＝－8， ∴f (－12)＝－f (12)＝8.∴f (x )在[－12,12]上的最大值是 8，最小值是－8.22．解 (1)y ＝f (x ) 4x 2－12x －3 4＝ ＝2x ＋1＋ －8，2x ＋1设 u ＝2x ＋1，x ∈[0,1]，1≤u ≤3，2x ＋1≤ 则 y ＝u ＋4－8，u ∈[1,3]．u由已知性质得，当 1≤u ≤2，即 0≤x 1时， 2所以减区间为[0，1]；2f (x )单调递减；当 2≤u ≤3，即 1≤x ≤1 时，f (x )单调递增；2 所以增区间为[1，1]；2 由 f (0)＝－3， f (1)＝－4，f (1)＝－11 2 3得 f (x )的值域为[－4，－3]． (2) g (x )＝－x －2a 为减函数，故 g (x )∈[－1－2a ，－2a ]，x ∈[0,1]．由题意，f (x )的值域是 g (x )的值域的子集，1－2a ≤－4 2a ≥－3∴a ＝32 . ，。
教科版物理选修3-4：第1章章末综合检测
(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1.弹簧振子的简谐运动属于下列运动中的()A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀变速直线运动D．非匀变速直线运动解析：选D.从位移方面来看，做简谐运动的振子的位移随时间按正弦规律变化，所以振子不是匀速直线运动也不是匀变速直线运动；从振子的受力情况来看，水平弹簧振子受到的指向平衡位置的力是弹簧的弹力，而弹簧的弹力是与弹簧的形变量成正比的．随着振子的不断运动，弹簧的形变量在不断变化，弹簧对振子的弹力也在不断变化，从而振子的加速度也在变化．因此，振子的简谐运动属于非匀变速直线运动．2.如图所示，竖直立在水平面上的轻弹簧下端固定，将一个金属球放在弹簧顶端(球与弹簧不连接)，用力向下压球，使弹簧被压缩，并用细线把小球和地面拴牢(图甲)．烧断细线后，发现球被弹起且脱离弹簧后还能继续向上运动(图乙)．那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法正确的是()A．弹簧的弹性势能先减小后增大B．球刚脱离弹簧时动能最大C．球所受合力的最大值等于重力D．在某一阶段内，小球的动能减小而小球的机械能增加解析：选D.从细线被烧断到球刚脱离弹簧的运动过程中，弹簧的压缩量一直减小，即弹性势能一直减小，A错；运动到平衡位置时速度最大，动能最大，B错；球所受合力最大的位置在最低点，若小球好脱离弹簧时的速度恰好为零，则由简谐运动的对称性知，在最低点合力的最大值大小等于重力，但由题意知小球脱离弹簧后还继续向上运动，所以在最低点向上的合力大于重力，C错；从平衡位置到刚脱离弹簧的过程中，动能减小，但由于该过程弹簧对小球做正功，小球机械能增加，D正确．3.在实验室可以做“声波碎杯”的实验．用手指轻弹一只酒杯，可以听到清脆的声音，测得这声音的频率为500 Hz，将这只酒杯放在两只大功率的声波发生器之间，操作人员通过调整其发出的声波，就能使酒杯碎掉．下列说法中正确的是()A．操作人员一定是把声波发生器的功率调到很大B．操作人员可能是使声波发生器发出了频率很高的超声波C．操作人员一定是同时增大了声波发生器发出声波的频率和功率D．操作人员只需将声波发生器发出的声波频率调到500 Hz解析：选D.驱动力的周期与固有周期相等，形成共振，共振时振幅最大，操作人员只需将声波发生器发出的声波频率调到500 Hz，就能使酒杯碎掉．4.如图甲所示是演示简谐运动图像的装置，当盛沙漏斗下面的薄木板N 被匀速地拉出时，摆动着的漏斗中漏出的沙在板上形成的曲线显示出摆的位移随时间变化的关系，板上的直线OO 1代表时间轴．图乙是两个摆中的沙在各自木板上形成的曲线，若板N 1和板N 2的速度v 1和v 2的关系为v 2＝2v 1，则板N 1、N 2上曲线所代表的振动的周期T 1和T 2的关系是( )A ．T 2＝T 1B ．T 2＝2T 1C ．T 2＝4T 1D ．T 2＝14T 1 解析：选D.由图乙知x 1＝x 2，因此t 1＝x 1v 1，t 2＝x 2v 2，且v 2＝2v 1，则t 1t 2＝v 2v 1＝21，又t 1＝T 1，t 2＝2T 2，故有T 12T 2＝21，则T 1＝4T 2. 5.如图所示为某一质点的振动图像，由图可知，在t 1和t 2两个时刻，|x 1|＞|x 2|，质点速度v 1、v 2与加速度a 1、a 2的关系为( )A ．v 1＜v 2，方向相同B ．v 1＜v 2，方向相反C ．a 1＞a 2，方向相同D ．a 1＞a 2，方向相反解析：选AD.由图像可知，t 1、t 2两时刻，质点都在沿x 轴负方向运动，越靠近平衡位置，速度越大，故选项A 正确．由F ＝－kx 可知F 1＞F 2，对于同一质点来说，a 1＞a 2且方向相反．选项D 正确．6.如图所示，A 、B 分别为单摆做简谐运动时摆球的不同位置．其中，位置A 为摆球摆动的最高位置，虚线为过悬点的竖直线．以摆球最低位置为重力势能零点，则摆球在摆动过程中( )A ．位于B 处的动能最大B ．位于A 处时势能最大C ．在位置A 的势能大于在位置B 的动能D ．在位置B 的机械能大于在位置A 的机械能解析：选BC.单摆摆动过程中，机械能守恒，在最高点重力势能最大，最低位置时动能最大，故B 正确，A 错误．在B 点E B ＝E k B ＋E p B ＝E p A ，故C 正确，D 错误．7.如图所示为甲、乙两单摆的振动图像，则()A．若甲、乙两单摆在同一地点摆动，则甲、乙两单摆的摆长之比l甲∶l乙＝2∶1B．若甲、乙两单摆在同一地点摆动，则甲、乙两单摆的摆长之比l甲∶l乙＝4∶1C．若甲、乙两摆摆长相同，且在不同的星球上摆动，则甲、乙两摆所在星球的重力加速度之比g甲∶g乙＝4∶1D．若甲、乙两摆摆长相同，且在不同的星球上摆动，则甲、乙两摆所在星球的重力加速度之比g甲∶g乙＝1∶4解析：选BD.由图像可知T甲∶T乙＝2∶1，根据T＝2πlg，若两单摆在同一地点，则两摆长之比为l甲∶l乙＝4∶1；若两摆长相等，则所在星球的重力加速度之比为g甲∶g乙＝1∶4.故B、D正确．8.甲、乙两个单摆摆长相等，将两个单摆的摆球由平衡位置拉开，使摆角α甲＞α乙(α甲、α乙都小于10°)，由静止开始释放，则()A．甲先到达平衡位置B．乙先到达平衡位置C．甲、乙同时到达平衡位置D．无法判断解析：选C.两个摆长相同的单摆，实际上就是相同的摆，在摆角都小于10°时都做简谐运动并且“步调”相同，即两单摆的振动是同相的．9.下表记录了某受迫振动的振幅随驱动力频率变化的关系，若该振动系统的固有频率为f固，则()A.f固＝60 Hz B．60 Hz<f固<70 HzC．50 Hz<f固<60 Hz D．以上三个都不对解析：选C.从图所示的共振曲线，可判断出f驱与f固相差越大，受迫振动的振幅越小；f驱与f固越接近，受迫振动的振幅越大，并从中看出f驱越接近f固，振幅的变化越慢，比较各组数据知f驱在50 Hz～60 Hz范围内时振幅变化最小，因此50 Hz<f固<60 Hz，即C正确．10.如图所示，一质点做简谐运动，先后以相同的速度依次通过A、B两点，历时1 s，质点通过B点后再经过1 s又第2次通过B点，在这2 s内质点通过的总路程为12 cm.则质点的振动周期和振幅分别为()A ．3 s ，6 cmB ．4 s ，6 cmC ．4 s ，9 cmD ．2 s ，8 cm解析：选B.因质点通过A 、B 两点时速度相同，说明A 、B 两点关于平衡位置对称，由时间的对称性可知，质点由B 到最大位移，与由A 到最大位移的时间相等，即t 1＝0.5 s ，则T 2＝t AB ＋2t 1＝2 s ，即T ＝4 s ，由过程的对称性可知：质点在这2 s 内通过的路程恰为2A ，即2A ＝12 cm ，A ＝6 cm ，故B 正确．二、实验题(本题共2小题，共12分．按题目要求作答)11.(4分)利用单摆测重力加速度时，测出几组摆长和相应周期T ，并作出T 2－l 图像，如图所示．已知图线与横轴间的夹角为θ，图线上的A 、B 两点的坐标分别为(x 1，y 1)(x 2，y 2)，则可得到重力加速度g ＝________．解析：先根据图线上A 、B 两点的坐标(x 1，y 1)(x 2，y 2)，求出图线斜率k ＝y 2－y 1x 2－x 1，再根据T 2＝4π2g l 知：4π2g ＝k ，所以g ＝4π2k ＝4π2（x 2－x 1）y 2－y 1. 答案：4π2（x 2－x 1）y 2－y 112.(8分)某同学在做“用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.50 cm ，摆球直径为2.00 cm ，然后用停表记录了单摆振动50次所用的时间如图所示，则(1)该摆摆长为______cm ，停表表示的读数为______s.(2)如果测得的g 值偏小，可能的原因是________．A ．测摆线时摆线拉得过紧B ．摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了C ．开始计时时，停表过迟按下D ．实验时误将49次全振动数为50次解析：(1)本题要求真正掌握摆长的概念，能应用停表读数，会应用公式g ＝4π2l /T 2去分析造成实验误差的原因．由摆长的概念，摆长应等于摆线长与摆球半径之和：97.50 cm ＋1.00 cm ＝98.50 cm停表读数t 总＝90 s ＋9.78 s ＝99.78 s.(2)由公式g ＝4π2l /T 2，可知：A 项是使l 变大，测得g 值偏大，B 项导致周期T 偏大，使g 值偏小，C 、D 项导致周期T 偏小，使g 值偏大．答案：(1)98.50 99.78 (2)B三、计算题(本题共4小题，共48分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13.(8分)将一劲度系数为k 的轻质弹簧竖直悬挂，下端系上质量为m 的物块．将物块向下拉离平衡位置后松开，物块上下做简谐运动，其振动周期恰好等于以物块平衡时弹簧的伸长量为摆长的单摆周期．请由单摆的周期公式推算出该物块做简谐运动的周期T .解析：单摆周期公式T ＝2πl g，(3分) 又因为kl ＝mg (3分)解得T ＝2πm k .(2分) 答案：2πm k 14.(12分)弹簧振子以O 点为平衡位置在B 、C 两点之间做简谐运动，B 、C 相距20 cm.某时刻振子处于B 点，经过0.5 s ，振子首次到达C 点，求：(1)振动的周期和频率；(2)振子在5 s 内通过的路程及位移大小；(3)振子在B 点的加速度大小跟它距O 点4 cm 处P 点的加速度大小的比值．解析：(1)设振幅为A ，由题意BC ＝2A ＝20 cm ，所以A ＝10 cm.振子从B 到C 所用时间t ＝0.5 s ，为周期T 的一半，所以T ＝1.0 s ；f ＝1/T ＝1.0 Hz.(4分)(2)振子在1个周期内通过的路程为4A .故在t ＝5 s ＝5T 内通过的路程s ＝t /T ×4A ＝200 cm.5 s 内振子振动了5个周期，5 s 末振子仍处在B 点，所以它偏离平衡位置的位移大小为10 cm.(4分)(3)振子加速度a ＝－k mx ，a ∝x ，所以a B ∶a P ＝x B ∶x P ＝10∶4＝5∶2.(4分) 答案：见解析15.(14分)如图所示，一块涂有炭黑的玻璃板，质量为2 kg ，在拉力F 作用下由静止开始向上做匀变速直线运动，一个装有指针的频率为5 Hz 的电动音叉在玻璃板上画出如图所示的曲线，量得OA ＝1 cm ，OB ＝4 cm ，OC ＝9 cm ，则拉力F 的大小为多少？(g 取10 m/s 2)解析：由振动图线可知，OA 、AB 、AC 三段时间相同，设为T ，有2T ＝1f ＝15s ＝0.2 s ， 解得T ＝0.1 s(4分)对玻璃板匀变速运动过程，由运动学知识可得Δx ＝BC －OA ＝2aT 2(3分)解得a ＝BC －OA 2T2＝2 m/s 2(3分) 对玻璃板，由牛顿第二定律可得F －mg ＝ma (2分)解得F ＝mg ＋ma ＝24 N ．(2分)答案：24 N16.(14分)有人利用安装在气球载人舱内的单摆来确定气球的高度．已知该单摆在海平面处的周期是T 0，当气球停在某一高度时，测得单摆周期为T ，求该气球此时离海平面的高度h .(地球可看成质量均匀分布半径为R 的球体)解析：设单摆的摆长为l ，海平面处的重力加速度为g 0，h 高处的重力加速度为g ，根据单摆周期公式，分别有T 0＝2πl g 0(3分) T ＝2πl g(3分) 设地球的质量为M ，地球表面附近物体的质量为m ，在地面附近重力近似等于万有引力，分别有mg 0＝G Mm R2(3分) mg ＝G Mm （R ＋h ）2(3分) 联立以上各式解得h ＝⎝⎛⎭⎫T T 0－1R .(2分) 答案：h ＝⎝⎛⎭⎫T T 0－1R。
人教版高中物理选择性必修第1册章末综合检测(一)
章末综合检测(一)时间：60分钟满分：100分一、单项选择题(本题共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．)1．人从高处跳到低处，为了安全，一般都是脚尖先着地，且双腿要弯曲，这样做的目的是( )A．减小着地时所受冲量B．使动量增量变得更小C．增大人对地面的压强，起到安全作用D．延长对地面的作用时间，从而减小地面对人的作用力2．如图所示，某人站在一辆平板车的右端，车静止在光滑的水平地面上，现人用铁锤连续敲击车的右端．下列对平板车的运动情况描述正确的是( )A．锤子抡起的过程中，车向右运动B．锤子下落的过程中，车向左运动C．锤子抡至最高点时，车速度为0D．锤子敲击车瞬间，车向左运动3．如图所示，篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前，这样做可以( )A．减小球的动量的变化量B．减小球对手作用力的冲量C．减小球的动量变化率D．延长接球过程的时间来减小动量的变化量4．在光滑的水平面上有a、b两球，其质量分别为m a、m b，两球在t0时刻发生正碰，并且在碰撞过程中无机械能损失，两球在碰撞前后的速度—时间图像如图所示，下列关系式正确的是( )A ．m a ＞m bB ．m a ＜m bC ．m a ＝m bD ．无法判断 5．沿水平方向飞行的手榴弹，它的速度是20 m/s ，此时在空中爆炸，分裂成1 kg 和0.5 kg 的两块，其中0.5 kg 的那块以40 m/s 的速率沿原来速度相反的方向运动，此时另一块的速率为( )A ．10 m/sB ．30 m/sC ．50 m/sD ．70 m/s 6．质量m ＝100 kg 的小船静止在平静水面上，船两端载着m 甲＝40 kg 、m 乙＝60 kg 的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s 的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为( )A ．0.6 m/s ，向左B ．3 m/s ，向左C ．0.6 m/s ，向右D ．3 m/s ，向右7．如图所示，质量为m 的小球A 以水平速度v 与静止在光滑水平面上质量为3m 的小球B 正碰后，小球A 的速率变为v2，则碰后B 球的速度为(以v 的方向为正方向)( )A.v6 B ．－v C ．－v 3 D.v 28．如图，横截面积为5 cm 2的水柱以10 m/s 的速度垂直冲到墙壁上，已知水的密度为1×103 kg/m 3，假设水冲到墙上后不反弹而顺墙壁流下，则墙壁所受水柱冲击力为( )A ．5×105N B ．50 N C ．5×103 N D ．5×102 N二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．)9．如图所示，质量为m 的物体从竖直轻弹簧的正上方自由落下将弹簧压缩．已知物体下落高度h ，经历时间为t ，物体压在弹簧上的速度为v ，则在此过程中地面对弹簧支持力的冲量I 为( )A ．0B ．mgt －mvC ．mgt ＋mvD ．－mgt －mv10．如图所示，甲、乙两车的质量均为M ，静置在光滑的水平面上，两车相距为L.乙车上站立着一个质量为m 的人，他通过一条轻绳拉甲车，甲、乙两车最后相接触，以下说法正确的是( )A ．甲、乙两车运动中速度之比为M ＋mMB ．甲、乙两车运动中速度之比为MM ＋mC ．甲车移动的距离为M ＋m2M ＋m LD ．乙车移动的距离为M2M ＋mL11．一质量为2 kg 的物块在合外力F 的作用下从静止开始沿直线运动．F 随时间t 变化的图线如图所示，则( )A．t＝1 s时物块的速率为1 m/sB．t＝2 s时物块的动量大小为4 kg·m/sC．t＝3 s时物块的动量大小为5 kg·m/sD．t＝4 s时物块的速度为零12．如图(a)，一长木板静止于光滑水平桌面上，t＝0时，小物块以速度v0滑到长木板上，图(b)为物块与木板运动的vt图像，图中t1、v0、v1已知，重力加速度大小为g.由此可求得( )A．木板的长度B．物块与木板的质量之比C．物块与木板之间的动摩擦因数D．从t＝0开始到t1时刻，木板获得的动能三、实验题(共12分)13．(12分)现利用图甲所示的装置验证动量守恒定律．在图甲中，气垫导轨上有A、B两个滑块，滑块A右侧带有一弹簧片，左侧与打点计时器(图中未画出)的纸带相连；滑块B左侧也带有一弹簧片，上面固定一遮光片，光电计时器(未完全画出)可以记录遮光片通过光电门的时间．实验测得滑块A的质量m1＝0.310 kg，滑块B的质量m2＝0.108 kg，遮光片的宽度d＝1.00 cm；打点计时器所用交流电的频率f＝50.0 Hz.将光电门固定在滑块B的右侧，启动打点计时器，给滑块A一向右的初速度，使它与B相碰．碰后光电计时器显示的时间为Δt B＝3.500 ms，碰撞前后打出的纸带如图乙所示．若实验允许的相对误差绝对值(碰撞前后总动量之差碰前总动量×100%)最大为5%，本实验是否在误差范围内验证了动量守恒定律？写出运算过程．四、计算题(本题共4小题，共48分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)14．(10分)冰球运动是一项对抗性极强的冰雪体育竞技项目．如图所示，甲、乙两冰球运动员为争抢冰球而合理水平冲撞，冲撞过程中运动员手中的冰球杆未与地面接触．已知甲运动员的质量为60 kg，乙运动员的质量为70 kg，冲撞前两运动员速度大小均为5 m/s，方向相反，冲撞结束，甲被撞回，速度大小为2 m/s，如果冲撞接触时间为0.2 s，忽略冰球鞋与冰面间的摩擦．问：(1)撞后乙的速度大小是多少？方向又如何？(2)冲撞时两运动员相互间的平均作用力多大？15．(12分)如图所示，质量为M，内壁光滑的半圆槽放在光滑的水平面上，其左侧紧靠台阶，槽的半径为R.今从槽左侧A点的正上方D点自由释放一个质量为m的小球，球恰从A点进入槽的内壁轨道．为使小球沿槽的内壁恰好运动到右端B点，试求D点至A点的高度．16．(12分)如图，质量为M＝0.2 kg的长木板静止在光滑的水平地面上，现有一质量为m＝0.2 kg的滑块以v0＝1.2 m/s的速度滑上长木板的左端，小滑块与长木板间的动摩擦因数μ＝0.4，小滑块刚好没有滑离长木板，求：(g取10 m/s2)(1)小滑块的最终速度v.(2)在整个过程中，系统产生的热量Q.(3)以地面为参照物，小滑块滑行的距离s为多少？17．(14分)如图所示，水平轨道O点左侧粗糙，右侧光滑，在A、B 两物块中间安放一颗微型炸药，并紧挨着放置于O点保持静止，物块C 静置在O点右侧的P点上．某时刻引爆炸药，使A、B两物块向相反方向运动，A滑行到Q点后停止，B与C相碰后粘在一起向右运动．已知物块A与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.10，O、Q间的距离L＝2.0 m，物块的质量分别为m A＝2.0 kg，m B＝1.0 kg，m C＝3.0 kg，重力加速度g＝10 m/s2，A、B、C均可视为质点，爆炸时间极短．求：(1)爆炸瞬间，物块A获得的速率v A；(2)爆炸瞬间，物块B获得的速率v B；(3)物块B与物块C相碰时产生的内能E.。
第一章章末检测卷
2022年12月第一章章末检测卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________第I卷（选择题）一、单选题1．在世界女排大奖赛中国香港站的比赛中，某运动员跳起将速度为20m/s水平飞来的排球迎面击出，排球以30m/s的速率水平返回，假设排球被击打过程中的平均加速度大小为200m/s2，则运动员对排球的击打时间为（）A．0.05s B．0.25s C．0.1s D．0.15s2．一辆汽车沿平直公路以速度v1行驶了2/3的路程，接着又以速度v2=20km/h行驶完其余1/3的路程，如果汽车对全程的平均速度为28km/h，那么汽车在前2/3路程上速度的大小是()A．25km/h B．35km/h C．34km/h D．38km/h3．某物体运动的v－t图像是一条直线，如图所示，下列说法正确的是()A．物体始终向同一方向运动B．物体在前4s内的加速度不变C．物体在第2s末运动方向没有发生变化D．物体在第2s内和第3s内的加速度大小相等，方向相反4．智能手机上装载的众多app软件改变着我们的生活，如图所示为某度地图app软件的一张截图，表示了某次导航的具体路径，其推荐路线中有两个数据，16分钟，6.7公里，关于这两个数据，下列说法正确的是（）A．研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点B．16分钟表示的是某个时刻C．6.7公里表示了此次行程的位移的大小D．根据这两个数据，我们可以算出此次行程的平均速度5．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小至零，则在此过程中（）A ．速度先逐渐增大，然后逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B ．速度先均匀增大，然后增大得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值C ．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D ．位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值6．关于速度、速度的变化量和加速度，正确的说法是（）A ．物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大B ．速度很大的物体，其加速度可以为零C ．某时刻物体的速度为零，其加速度一定为零D ．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大7．一个物体做直线运动，其v-t 图像如图所示，以下说法错误的是（）A ．前5s 内的位移达到最大值B ．02s -内物体的加速度为1.5m/s 2C ．46s -内物体的速度一直在减小D ．02s t <<和5s 6s t <<内加速度方向与速度方向相同8．如图所示，a 、b 分别为开始时静止于同一位置的甲、乙两物体在同一直线上运动时的位移与时间的关系图线，其中a 为过原点的倾斜直线b 为开口向下的抛物线。
沪科物理必修1：第1章章末综合检测
(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分) 1．2012年4月1日，在第51届团体世乒赛上，中国队击败东道主德国队，取得6连冠．下列哪些情况可以把乒乓球看做质点()A．研究乒乓球运动的时间B．研究乒乓球的旋转快慢C．研究乒乓球运动的速度D．研究乒乓球落到球台上的位置解析：选ACD.在研究选项A、C、D中的问题时，乒乓球的体积和旋转情况对研究的问题没有影响，而研究乒乓球的旋转情况，不能把其看做质点，故答案为A、C、D.2．我们描述某个物体的运动时，总是相对一定的参考系．下列说法正确的是()A．我们说“太阳东升西落”，是以地球为参考系的B．我们说“地球围绕太阳转”是以地球为参考系的C．我们说“同步卫星在高空静止不动”，是以太阳为参考系的D．坐在火车上的乘客看到铁路旁的树木、电线杆迎面向他飞奔而来，乘客是以火车为参考系的解析：选AD.“太阳东升西落”是相对于我们居住的地球而言，是以地球为参考系的，所以A正确．“地球围绕太阳转”是以太阳为参考系的，因此B不正确．“同步卫星在高空静止不动”是相对于地球而言的，是以地球为参考系的，所以C不正确．火车上的乘客看到铁路旁的树木、电线杆迎面向他飞奔而来，是以火车或他自己为参考系的，所以D正确．3．关于位移和路程，下列说法正确的是()A．出租车是按位移的大小来计费的B．出租车是按路程来计费的C．在田径场1500 m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500 mD．高速公路路牌上标示“上海100 km”，表示该处到上海的路程为100 km解析：选BD.出租车是按路程来计费的，A错误，B正确；在田径场上进行1500 m长跑比赛，一定是在弯曲的跑道上进行的，位移一定小于1500 m，C错误；高速公路路牌上标示“上海100 km”，表示该处到上海的路程为100 km，D正确．4．以下说法中正确的是()A．欧洲杯于北京时间2012年6月9日00∶00开幕，是指时间B．火车站公布的旅客列车运行表是时刻表C．柏林田径世锦赛上飞人博尔特创造了新的百米世界纪录9秒58，是指时间D．高速列车从北京到天津仅用30分钟，是指时间解析：选BCD.欧洲杯于北京时间2012年6月9日00∶00开幕，是一瞬时；火车站公布的旅客列车运行表是指列车进站或离站的瞬间；百米运动是一个过程，9秒58是时间；高速列车从北京到天津用时30分钟是一个过程，是时间，故A错误，B、C、D正确．5．我国运动员刘翔获得广州亚运会110米跨栏冠军，成绩是13秒09，再次向世人证明了他是亚洲第一飞人．刘翔之所以能够取得冠军，取决于他在110米栏比赛中()A．某时刻的瞬时速度大B．撞线时的瞬时速度大C．平均速度大D．任何时刻的速度都大解析：选C.刘翔在110米栏比赛中取得冠军，说明他跑完110米的位移用时最短，由速度公式v＝st知他的平均速度最大，但并不表明他在某时刻的速度一定就大，C正确，A、B、D错误．6．某学习小组的同学从网上找到几幅照片，根据照片所示情景请你判断下列说法正确的是()A．当火药爆炸炮弹还没发生运动瞬间，炮弹的加速度一定为零B．轿车紧急刹车时速度变化很快，所以加速度很大C．高速行驶的磁悬浮列车的加速度可能为零D．根据图中数据可求出110 m栏比赛中任一时刻的速度解析：选BC.当火药爆炸瞬间炮弹速度几乎为零，但加速度非常大，故A错误；当轿车紧急刹车时速度变化很快，即加速度很大；故B正确；高速行驶的磁悬浮列车高速匀速行驶时，加速度为零，故C正确；13秒15是时间，可以求平均速度，任一时刻的速度无法求出，故D错误．7．对于做匀变速直线运动的物体，下列说法中正确的是()A．若加速度方向和速度方向相同，虽然加速度很小，物体的速度还是要增大的B．若加速度方向和速度方向相反，虽然加速度很大，物体的速度还是要减小的C．不管加速度方向和速度方向的关系怎样，物体的速度都是增大的D．因为物体做匀变速直线运动，所以它的加速度是均匀变化的解析：选AB.物体的加速度虽然不断减小或者很小，若加速度的方向与初速度的方向相同，物体的速度不断增大(只不过增大得不快)，物体做变加速直线运动．加速度增加或者很大，但其方向与速度方向相反，则速度还会减小．所以判断做直线运动的物体速度是否增大的方法是看物体加速度的方向是否与速度方向相同，若物体加速度的方向与速度方向相同，物体的速度一定增大．所以此题选A、B.匀变速直线运动的速度是均匀变化的，即加速度是不变的，所以D错．8．如图所示是一辆汽车做直线运动的s－t图像，对相应的线段所表示的运动，下列说法正确的是()A．AB段表示车静止B．BC段发生的位移大小大于CD段发生的位移大小C．CD段运动方向和BC段运动方向相反D．CD段运动速度大小大于BC段运动速度大小解析：选ACD.s－t图像中，斜率的大小表示速度大小，斜率的正负表示速度方向，故A、C、D对，B错．9．下图是甲、乙两物体做直线运动的v－t图像，下列表述正确的是()A ．乙做匀加速直线运动B ．0～1 s 内甲和乙的位移相等C ．甲和乙的加速度方向相同D ．甲的加速度比乙的小解析：选A.甲乙两物体在v －t 图像里的图形都是倾斜的直线，表明两物体都做匀变速直线运动，乙是匀加速运动，甲是匀减速运动，加速度方向不同，A 对C 错；根据在速度图像里面积表示位移的方法可知，在0～1 s 内甲通过的位移大于乙通过的位移，B 错；根据斜率表示加速度可知甲的加速度大于乙的加速度，D 错．10．甲、乙两车沿平直公路通过同样的位移．甲车在前半段位移以v 1＝40 km/h 的速度运动，后半段位移以v 2＝60 km/h 的速度运动；乙车在前半段时间内以v 1＝40 km/h 的速度运动，后半段时间内以v 2＝60 km/h 的速度运动，则甲、乙两车在整个位移中的平均速度大小的关系是( )A.v 甲＝v 乙B.v 甲>v 乙C.v 甲<v 乙D ．因不知位移和时间，故无法比较解析：选C.设总位移为s ，则甲车运动总时间为t 甲＝s 2v 1＋s 2v 2＝v 1＋v 22v 1v 2s 所以甲车的平均速度：v 甲＝s t 甲＝s v 1＋v 22v 1v 2＝2v 1v 2v 1＋v 2＝2×40×6040＋60 km/h ＝48 km/h. 设乙车运动总时间为t 乙，则乙车的总位移为s ＝v 1t 乙2＋v 2t 乙2＝v 1＋v 22t 乙，所以乙车的平均速度v 乙＝s t 乙＝v 1＋v 22＝40＋602km/h ＝50 km/h ，所以v 甲<v 乙．二、填空题(本题共2小题，共12分．按题目要求作答)11．(4分)电磁打点计时器是一种使用交流电源记录运动物体在一定时间间隔内位移的仪器，当电源频率为50 Hz 时，振针每隔________s 打下一个点．现在用打点计时器测定物体的速度，当电源频率低于50 Hz 时，如果仍按50 Hz 计算，则测出的速度数值将比真实值________． 解析：打点计时器打点的频率是由电源的频率决定的，且打点的频率等于电源的频率．当交流电源频率为50 Hz 时．打点计时器每隔0.02 s 打一个点，若电源的实际频率小于50 Hz 时打两次点的时间间隔将大于0.02 s ，若仍按0.02 s 计算运动时间时，所测得的运动时间小于实际时间，由此计算出的速度值也就大于其真实值．答案：0.02 大12．(8分)探究匀变速直线运动加速度的实验中，一条纸带的点迹及数据如图所示(图中直尺的单位为 cm ，点O 为纸带上记录到的第一点，点A 、B 、C 、D …依次表示点O 以后连续的各点．已知打点计时器每隔T ＝0.02 s 打一个点)．小组成员量出DF 间的距离为3.60 cm ，FH 间的距离为5.20 cm ，计算出打点计时器打下点E 、G 时的速度v E ＝________ m/s 、v G ＝________ m/s ，利用a ＝v G －v E 2T得出a ＝________ m/s 2. 解析：点E 、G 分别是DF 和FH 的中间时刻对应的点，对应的瞬时速度等于相应的平均速度，即v E ＝s DF 2T ＝ 3.602×0.02×10－2 m/s ＝0.90 m/s ，v G ＝s FH 2T ＝ 5.202×0.02×10－2 m/s ＝1.30 m/s ，a ＝v G －v E 2T ＝1.30－0.902×0.02m/s 2＝10.00 m/s 2. 答案：0.90 1.30 10.00三、计算题(本题共4小题，共48分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13．(10分)爆炸性的加速度往往是跑车的卖点．保时捷 911 GT3 由静止加速至 100 km/h 只需 4.2 s.(1)求保时捷 911 GT3 的平均加速度．(2)假设普通私家车的平均加速度为 3 m/s 2，他们需要多长时间才能由静止加速至 100 km/h.解析：(1)末速度v t ＝100 km/h ＝1003.6m/s ＝27.78 m/s(3分) 平均加速度a ＝v t －v 0t ＝27.78－04.2m/s 2≈6.61 m/s 2.(3分) (2)所需时间t ＝v t －v 0a ＝27.78－03s ≈9.26 s ．(4分) 答案：(1)6.61 m/s 2 (2)9.26 s14．(12分)足球运动员在罚点球时，球获得30 m/s 的速度并做匀速直线运动．设脚与球作用时间为0.1 s ，球在空中飞行0.3 s 后被守门员挡出，守门员双手与球接触时间为0.1 s ，且球被挡出后以10 m/s 沿原路反弹，求：(1)罚点球的瞬间，球的加速度的大小；(2)守门员接球瞬间，球的加速度的大小．解析：(1)设球被踢出时的速度方向为正方向，则罚点球时的速度由v 0＝0变到v 1＝30 m/s ，用时t 1＝0.1 s ，由a ＝Δv Δt 得罚点球时a 1＝v 1－v 0t 1＝30－00.1m/s 2＝300 m/s 2.(6分) (2)接球时速度由v 1变为v 2＝－10 m/s ，用时t 2＝0.1 s ，则接球时a 2＝v 2－v 1t 2＝－10－300.1m/s 2＝－400 m/s 2 即加速度大小为400 m/s 2.(6分)答案：(1)300 m/s 2 (2)400 m/s 215．(12分)短跑名将博尔特在北京奥运会上创造了100 m 和200 m 短跑项目的新世界纪录，他的成绩分别是9.69 s 和19.30 s .假定他在100 m 比赛时从发令到起跑的反应时间是0.15 s ，起跑后做匀加速运动，达到最大速率后做匀速运动.200 m 比赛时，反应时间及起跑后加速阶段的加速度与100 m 比赛时相同，但由于弯道和体力等因素的影响，以后平均速率只有跑100 m 时最大速率的96 %.求：(1)加速所用时间和达到的最大速率；(2)起跑后做匀加速运动的加速度．(结果保留两位小数)解析：(1)设加速所用时间为t (以s 为单位)，匀速运动的速度为v (以m/s 为单位)，则有 12v t ＋(9.69－0.15－t )v ＝100(3分) 12v t ＋(19.30－0.15－t )×0.96v ＝200(3分) 由以上两式得t ＝1.29 s ，v ＝11.24 m/s.(2分)(2)设加速度大小为a ，则a ＝v t ＝8.71 m/s 2.(4分) 答案：(1)1.29 s 11.24 m/s (2)8.71 m/s 216．(14分)在距离斜坡底端10 m 的山坡上，一辆小车以4 m/s 的速度匀速向上行驶，5 s 后，小车又以2 m/s 的速度匀速向下行驶．设小车做直线运动且位移和运动方向都以沿斜坡向上为正方向，试作出小车在这20 s 内的s －t 图像和v －t 图像，并确定小车在20 s 末的位置．(小车初始位置为坐标原点)解析：在前5 s内小车运动的位移s1＝v1t＝4×5 m＝20 m，方向沿斜坡向上(2分)在后15 s内小车运动的位移s2＝－v2t2＝－2×15 m＝－30 m，方向沿斜坡向下(2分)以小车的出发点作为坐标原点，在这20 s内小车的s－t图像和v－t图像如图所示．(6分)由图像可知，小车在这20 s内的位移s＝－10 m，方向沿斜坡向下，即第20 s末小车处于斜坡底端．(4分)答案：图像见解析处于斜坡底端。
2021版《优化方案》化学大一轮复习讲义：第1章章末综合检测(一) Word版含答案
章末综合检测(一)(时间：45分钟；满分：100分)一、选择题(本题包括9个小题，每小题5分，共45分)1．(2022·高考全国卷Ⅰ，12，6分，改编)下列有关仪器使用方法或试验操作正确的是()A．洗净的锥形瓶和容量瓶可以放进烘箱中烘干B．酸式滴定管装标准溶液前，必需先用该溶液润洗C．酸碱滴定试验中，用待滴定溶液润洗锥形瓶以减小试验误差D．全部玻璃仪器加热时均需垫石棉网解析：选B。
A.锥形瓶和容量瓶都是定量试验仪器，洗净后自然晾干，不能放进烘箱中烘干。
B.酸式滴定管用于精确量取溶液的体积，先用蒸馏水洗净后，再用待装溶液润洗2～3次，否则将导致待装溶液的浓度偏小，影响试验结果。
C.锥形瓶用蒸馏水洗涤后，直接加入待滴定溶液，若用待滴定溶液润洗，所含溶质的量增大，消耗标准溶液的体积增大，测得试验结果偏高。
D.试管加热时不需要垫石棉网。
2．下列分别或提纯物质的方法错误的是()A．用渗析的方法精制氢氧化铁胶体B．用加热的方法提纯含有少量碳酸氢钠的碳酸钠C．用溶解、过滤的方法提纯含有少量硫酸钡的碳酸钡D．用盐析的方法分别、提纯蛋白质解析：选C。
BaCO3和BaSO4都不溶于水，故不行能用溶解、过滤的方法提纯含少量BaSO4的BaCO3。
3．老师节时某校给全体老师进行了健康体检。
下表是赵老师的体检表中的两项指标，其中涉及到的物理量是()A.溶解度B．摩尔质量C．质量分数D．物质的量浓度解析：选D。
μmol·L－1和mmol·L－1都是物质的量浓度的单位。
4．只用水不能鉴别的一组物质是()A．硝基苯和溴苯B．乙酸乙酯和乙醇C．苯和四氯化碳D．环己烷和乙醛解析：选A。
硝基苯和溴苯均不溶于水，且密度均比水大，只用水无法鉴别；乙酸乙酯不溶于水，而乙醇易溶于水，二者只用水即可鉴别；苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，二者只用水即可鉴别；环己烷不溶于水，而乙醛易溶于水，二者只用水即可鉴别。
沪科物理选修1：第1章章末综合检测
(时间：60分钟，满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错、多选或不答的得0分)1．关于电场，下列说法中正确的是( )A ．电场是电荷周围空间实际存在的物质B ．电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型C ．电荷周围的电场线就是电场D ．电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的解析：选A.电场是客观存在的物质，电场线是人们为了描述电场假想的，电荷间的相互作用是通过电场来实现的，B 、C 、D 错，A 正确．2．最早提出用电场线描述电场的物理学家是( )A ．牛顿B ．伽利略C ．法拉第D ．阿基米德答案：C3．关于电场，下列说法中正确的是( )A ．E ＝F q中，若q 减半，则该处电场强度为原来的2倍 B ．E ＝k Q r 2中，E 与Q 成正比，而与r 2成反比 C ．在以一个点电荷为球心、r 为半径的球面上，各处的场强均相同D ．电场中某点场强的方向就是该点所放电荷受到静电力的方向解析：选B.电场中某点的场强与放入的试探电荷无关，只由场源决定．在点电荷的电场中，距离场源为r 的地方只是场强的大小相等，方向不相同．电场的方向是该点正电荷受力的方向，并不是任何电荷受力的方向．4．为了防止静电的危害，应尽快把产生的静电导走，下列措施中不．是防止静电危害的是( )A ．手机装有天线B ．电工钳柄上套有绝缘胶套C ．飞机轮上装搭地线D ．印刷车间中保持适当的湿度解析：选AB.手机装有天线，是为了接收电磁波；电工钳柄上套有绝缘胶套，是因胶套绝缘性好，不导电；C 、D 两项都是防止静电危害的实例．5．A 为已知电场中的一固定点，在A 点放一电量为q 的电荷，所受电场力为F ，A 点的场强为E ，则( )A ．若在A 点换上－q ，A 点场强方向发生变化B ．若在A 点换上电量为2q 的电荷，A 点的场强将变为2EC ．若在A 点移去电荷q ，A 点的场强变为零D ．A 点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关解析：选D.电场中某点的场强只由电场的性质决定，与检验电荷无关，故D 正确．6．图是点电荷Q 周围的电场线，以下判断正确的是( )A ．Q 是正电荷，A 点的电场强度大于B 点的电场强度B ．Q 是正电荷，A 点的电场强度小于B 点的电场强度C ．Q 是负电荷，A 点的电场强度大于B 点的电场强度D ．Q 是负电荷，A 点的电场强度小于B 点的电场强度解析：选A.因电场线方向背离点电荷Q ，故Q 为正电荷；由于电场线的疏密表示场强的大小，A 点电场线密，电场强度就大，故选项A 正确．7．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．图中表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是( )解析：选B.带电的金属球靠近不带电的验电器时，在验电器上感应出电荷，验电器的顶端带上了正电荷，金属箔片带上了负电荷．故选项B 正确． 8.如图所示，是静电场中一部分电场线的分布，下列说法中正确的是( )A ．这个电场不可能是负点电荷的电场B ．点电荷q 在A 点受到的电场力比在B 点受到的电场力小C ．点电荷q 在A 点的瞬时加速度比在B 点的瞬时加速度大(不计重力)D ．负电荷在B 点受到的电场力的方向沿B 到E 的方向解析：选AC.负点电荷的电场线是自四周无穷远处从不同方向指向负点电荷的直线．故A 正确．电场线越密的地方场强越大，由题图知E A >E B ，又因F ＝qE ，得F A >F B .故B 错．由a ＝F m知：a ∝F ，而F ∝E ，E A >E B ，所以a A >a B .故C 正确．B 到E 的方向即为正电荷在B 点的受力方向，而负电荷所受电场力方向与其相反．故D 错．二、填空题(本题共2小题，每小题6分，共12分．把答案填在题中横线上)9．两个点电荷甲和乙同处于真空中．(1)甲的电荷量是乙的4倍，则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的________倍．(2)把每个电荷的电荷量都增大为原来的4倍，那么它们之间的距离必须变为原来的________倍，才能使其间的相互作用力不变．解析：甲对乙的作用力和乙对甲的作用力是一对作用力与反作用力，所以两者相等；由库仑定律F ＝k q A ·q B r 2得：当两者的电荷量都增大为原来的4倍时，要使作用力不变，距离必须变为原来的4倍．答案：(1)1 (2)410．电荷量q ＝－5×10－9 C 的点电荷，在电场中的A 点受到水平向右的电场力F ＝3.0×10－6 N ，则A 点电场强度E ＝________ N/C ，方向________．若将此电荷从A 点移出电场，这时A 点电场强度E ＝________ N/C.解析：E ＝F q ＝3.0×10－65×10－9N/C ＝600 N/C. 方向与所受电场力方向相反，水平向左．移走电荷q ，A 点场强不变．答案：600 水平向左 600三、计算和解答题(本题共3小题，共40分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位)11．(10分)在干燥的天气里，脱毛衣时会听到噼里啪啦的响声，还会伴有点点火花，若用手接触金属常常被电击，你能用所学过的知识来解释这一现象吗？解析：由于在脱毛衣时，物体与物体之间发生摩擦，使物体带了电，即摩擦起电，所以电荷在发生中和时就发出了噼里啪啦的声音．在用手和金属接触时发生了放电的现象，所以有被电击的情况．(10分)答案：见解析12．(15分)有3个完全一样的金属小球A 、B 、C ，A 带电荷量为7Q ，B 带电荷量为－Q ，C 球不带电，今将A 、B 固定起来，然后让C 反复与A 、B 球接触，最后移去C 球，求A 、B 的相互作用力变为原来的多少？解析：在本题中C 球不带电，让其分别与A 、B 接触，三个小球满足电荷守恒定律，电荷量会重新分配，最后三个小球都带有相同的电荷量．再分别利用库仑定律求解在不同时刻时的库仑力即可．C 与A 、B 反复接触，最后A 、B 、C 三者电荷量均分，即q A ′＝q B ′＝q C ′＝7Q ＋(－Q )3＝2Q (4分) A 、B 间的作用力为F ′＝k 2Q ·2Q r 2＝4kQ 2r 2(4分) 原来A 、B 间作用力F ＝k 7Q ·Q r 2＝7kQ 2r 2，(4分) 所以F ′F ＝47.(3分) 答案：4713.(15分)把一个电荷量为－1.0×10－6C 的电荷q ，依次放在带正电的点电荷Q 周围的A 、B 两点(如图)，受到的电场力大小分别是F A ＝5×10－3 N ，F B ＝3×10－3 N.(1)画出电荷q 在A 、B 两点的受力方向；(2)求出A 、B 两点的电场强度；(3)如在A 、B 两点分别放上另一个电荷量为q ′＝1.0×10－5 C 的电荷，受到的电场力如何？解析：(1)电荷在A 、B 两点的受力方向沿着它们与点电荷Q 的连线指向点电荷Q ，如图中F A 、F B所示．(3分)(2)A 、B 两点的场强大小分别为E A ＝F A q ＝5×10－31.0×10－6 N/C ＝5×103 N/C ，(2分) E B ＝F B q ＝3×10－31.0×10－6 N/C ＝3×103 N/C(2分) 电场强度的方向决定于正电荷的受力方向，因此沿着A 、B 两点与点电荷Q 的连线背向点电荷Q (如图)．(2分)(3)当在A 、B 两点放上电荷q ′时，受到的电场力分别为F A ′＝q ′E A ＝(1.0×10－5×5×103) N ＝5×10－2 N ，(2分)F B ′＝q ′E B ＝(1.0×10－5×3×103) N ＝3×10－2 N ，(2分)其受力方向与场强方向相同．(2分)答案：见解析。
新教材高中地理第一章地球的运动章末综合检测卷含解析中图版选择性必修1
章末综合检测卷(一)(时间：75分钟满分：100分)一、选择题(共16小题，每小题3分，共48分)2020年1月，有甲、乙、丙、丁四架飞机以同样的速度沿所在纬线自西向东飞行(如下图)。
读图，完成1～2题。
1．下列在乙飞机上空俯视地球绘制的地球运动的投影图，正确的是( )2．下列说法中，正确的是( )A．四架飞机所在地点地球自转线速度为：甲>乙>丁>丙B．四架飞机所在地点地球自转角速度为：甲<乙<丁<丙C．飞机上的乘客感觉到他们所过的当天变长D．飞机上的乘客感觉到他们所过的当天变短解析：第1题，A图为地球的侧视图，不符合题意；乙位于北极点附近，C、D分别为北极点和南极点上空的俯视图。
故选B。
第2题，地球自转线速度自赤道向两极递减，即纬度越高，线速度越小。
图中四地纬度由低到高依次为丙、丁、乙、甲，因此自转线速度大小关系为甲<乙<丁<丙；地球自转角速度除极点外，全球相等，因此，四地自转角速度大小关系为甲＝乙＝丙＝丁；地球自西向东自转，所以我们在地球上看太阳是从东边升起，西边落下，由于四架飞机均沿纬线自西向东飞行，迎着太阳飞，乘客就会感觉到太阳向西边落下的速度更快，所以会感觉当天变短了。
答案：1.B 2.D2021年2月12日是中华民族的传统节日春节，下图为二分二至日(北半球)地球绕日公转示意图。
据此，完成3～4 题。
3．“春节”这一天太阳直射点( )A．位于北半球，并向南移动B．位于北半球，并向北移动C．位于南半球，并向北移动D．位于南半球，并向南移动4．“春节”这一天地球的绕日公转位置最接近图中的( )A．a点B．b点C．c点D．d点解析：第3题，读图可知，①为夏至日，时间为6月22日前后；③为冬至日，时间为12月22日前后；②为秋分日，时间为9月23日前后；④为春分日，时间为3月21日前后。
2月12日为春节，位于冬至日与春分日之间，太阳直射点在南半球，并向北移，选C。
鲁科版物理选修3-2第1章章末综合检测
(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1.下列说法符合史实的是( ) A ．电磁感应现象是法拉第发现的 B ．电流的磁效应是奥斯特发现的 C ．电磁感应现象是楞次发现的 D ．电流的磁效应是安培发现的解析：选AB.电磁感应现象是由法拉第发现的，电流的磁效应是由奥斯特发现的，故A 、B 正确．2.有A 和B 两个闭合电路，穿过A 电路的磁通量由1.0×102 Wb 增加到4.0×102 Wb ，穿过B 的磁通量由1.0×102 Wb 减少到0，则两个电路中产生的感应电动势E A 和E B 的大小关系是( )A ．E A >EB B ．E A ＝E BC ．E A <E BD ．不能确定 解析：选D.根据法拉第电磁感应定律，可知感应电动势的大小E ＝n ΔΦΔt ，即E 正比于磁通量的变化率ΔΦΔt，只知道ΔΦ，而不知Δt ，则无法确定感应电动势的大小，则答案只能选D.3.粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示．则在移动过程中线框的一边a 、b 两点间电势差最大的是( )解析：选B.四种情况下导体切割磁感线产生的电动势相同，只有ab 作为电源的情况下两点间的电势差最大，即第二种情形．4.有一种高速磁悬浮列车的设计方案是在每节车厢底部安装磁铁(磁场方向向下)，并在两条铁轨之间沿途平放一系列线圈．下列说法中正确的是( ) A ．当列车运动时，通过线圈的磁通量会发生变化 B ．列车速度越快，通过线圈的磁通量变化越快 C ．列车运行时，线圈中会产生感应电流D ．线圈中的感应电流的大小与列车速度无关解析：选ABC.由于列车运行时，底部的磁铁会不断地从铁轨之间的一个个线圈上方扫过，故通过线圈的磁通量会发生变化，线圈中会产生感应电流．显然，列车速度越快，则磁通量变化得越快，产生的感应电流越大，故A 、B 、C 说法都正确．D 说法不正确．5.用相同导线绕制的边长为L 或2L 的四个闭合导体线框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示．在每个线框进入磁场的过程中，M 、N 两点间的电压分别为U a 、U b 、U c 和U d .下列判断正确的是( )A ．U a <U b <U c <U dB ．U a <U b <U d <U cC ．U a ＝U b ＝U c ＝U dD ．U b <U a <U d <U c解析：选B.线框进入磁场过程中产生的电动势分别为E a ＝E b ＝BL v ，E c ＝E d ＝2BL v ，由于单位长度电阻相等，则有：U a ＝34E a ＝34BL v ，U b ＝56E b ＝56BL v ，U c ＝34E c ＝32BL v ，U d ＝23E d ＝43BL v ，所以U a <U b <U d <U c ，B 正确．6.如图所示，矩形线框abcd 的一边ad 恰与长直导线重合(互相绝缘)．现使线框绕不同的轴转动，能使框中产生感应电流的是( )A ．绕ad 边为轴转动B ．绕OO ′为轴转动C ．绕bc 边为轴转动D ．绕ab 边为轴转动解析：选BCD.线圈绕OO ′、bc 、ab 转动时，穿过线圈的磁通量均变化，都会产生感应电流，而绕ad 转动时，磁通量不变，不会产生感应电流，A 错误，B 、C 、D 正确．7.如图，空间某区域中有一匀强磁场，磁感应强度方向水平，且垂直于纸面向里，磁场上边界b 和下边界d 水平．在竖直面内有一矩形金属线圈，线圈上下边的距离很短，下边水平．线圈从水平面a 开始下落．已知磁场上下边界之间的距离大于水平面a 、b 之间的距离．若线圈下边刚通过水平面b 、c (位于磁场中)和d 时，线圈所受到的磁场力的大小分别为F b 、F c 和F d ，则( )A ．F d >F c >F bB ．F c <F d <F bC ．F c >F b >F dD ．F c <F b <F d解析：选D.从a 到b 线圈做自由落体运动，线圈全部进入磁场后，穿过线圈的磁通量不变，线圈中无感应电流，因而也不受磁场力，即F c ＝0，从b 到d 线圈继续加速，v d >v b ，当线圈在进入和离开磁场时，穿过线圈的磁通量变化，线圈中产生感应电流，受磁场力作用，其大小为：F ＝BIl ＝B ·Bl v R ·l ＝B 2l 2vR，因v d >v b ，所以F d >F b >F c ，选项D 正确．8.如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R ，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F 作用下加速上升的一段时间内，力F 做的功与安培力做的功的代数和等于( )A ．棒的机械能增加量B ．棒的动能增加量C ．棒的重力势能增加量D ．电阻R 上放出的热量解析：选A.棒加速上升时受到重力、拉力F 及安培力．根据机械能守恒的条件可知力F 与安培力做的功的代数和等于棒的机械能的增加量，A 选项正确．9.如图所示，虚线框内是磁感应强度为B 的匀强磁场，导线框的三条竖直边的电阻均为r ，长均为L ，两横边电阻不计，线框平面与磁场方向垂直．当导线框以恒定速度v 水平向右运动，ab 边进入磁场时，ab 两端的电势差为U 1，当cd 边进入磁场时，ab 两端的电势差为U 2，则( )A ．U 1＝BL vB ．U 1＝13BL vC ．U 2＝BL vD ．U 2＝13BL v解析：选B.ab 边进入磁场时，E ＝BL v ，cd 与ef 并联，并联电阻为r2，所以，ab 两端电势差U 1＝E ·r 2r 2＋r ＝13BL v ，B 正确，A 错误．cd 边进入磁场时，ab 、cd 两个电源并联，E ＝BL v ，并联后内阻为r 2，所以ab 两端电势差U 2＝Er r 2＋r ＝23BL v ，C 、D 错误．10.如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s 时间拉出，外力所做的功为W 1，通过导线截面的电荷量为q 1；第二次用0.9 s 时间拉出，外力所做的功为W 2，通过导线截面的电荷量为q 2，则( )A ．W 1<W 2，q 1<q 2B ．W 1<W 2，q 1＝q 2C ．W 1>W 2，q 1＝q 2D ．W 1>W 2，q 1>q 2解析：选C.设线框长为l 1，宽为l 2，第一次拉出速度为v 1，第二次拉出速度为v 2，则v 1＝3v 2.匀速拉出磁场时，外力所做的功恰等于克服安培力所做的功，有W 1＝F 1·l 1＝BI 1l 2l 1＝B 2l 22l 1v 1R ，同理W 2＝B 2l 22l 1v 2R，故W 1>W 2；又由于线框两次拉出过程中，磁通量的变化量相等，即ΔΦ1＝ΔΦ2，由q ＝ΔΦ/R ，得q 1＝q 2. 11.如图，在匀强磁场中固定放置一根串接一电阻R 的直角形金属导轨aob (在纸面内)，磁场方向垂直于纸面向里，另有两根金属导轨c 、d 分别平行于oa 、ob 放置．保持导轨之间接触良好，金属导轨的电阻不计．现经历以下四个过程：①以速率v 移动d ，使它与ob 的距离增大一倍；②再以速率v 移动c ，使它与oa 的距离减小一半；③然后，再以速率2v 移动c ，使它回到原处；④最后以速率2v 移动d ，使它也回到原处．设上述四个过程中通过电阻R 的电量的大小依次为Q 1、Q 2、Q 3和Q 4，则( ) A ．Q 1＝Q 2＝Q 3＝Q 4 B ．Q 1＝Q 2＝2Q 3＝2Q 4 C ．2Q 1＝2Q 2＝Q 3＝Q 4 D ．Q 1≠Q 2＝Q 3≠Q 4解析：选A.由法拉第电磁感应定律得E ＝ΔΦΔt ＝B ΔS Δt ，所以感应电流为I ＝E R ＝B ΔSR Δt ，通过电阻R 的电荷量为Q ＝I Δt ＝B ΔSR ，设开始时d 与Ob ，c 与Oa 的距离分别为l d 和l c ：①以速率v 移动d 时ΔS ＝l c l d ，Q 1＝Bl c l d R .②以速率v 移动时ΔS ＝2l d ×12l c ＝l c l d ，Q 2＝Bl c l dR .③以速率2v 移动c 时ΔS ＝2l d ×12l c ＝l c l d ，Q 3＝Bl c l d R .④以速率2v 移动d 时ΔS ＝l c l d ，Q 4＝Bl c l dR .通过以上分析：可得Q 1＝Q 2＝Q 3＝Q 4.故正确答案为A.12.如图所示，光滑绝缘水平面上，有一矩形线圈冲入一匀强磁场，线圈全部进入磁场区域时，其动能恰好等于它在磁场外面时的一半．设磁场宽度大于线圈宽度，那么( )A ．线圈恰好在刚离开磁场的地方停下B ．线圈在磁场中某位置停下C ．线圈在未完全离开磁场时即已停下D ．线圈完全离开磁场以后仍能继续运动，不会停下来解析：选D.线圈冲入匀强磁场中，产生感应电流，线圈受安培力作用做减速运动，动能减少．同理，线圈冲出匀强磁场时，动能也减少，进出磁场时减少的动能都等于安培力做的功．由于进入时的速度大，故感应电流大，安培力大，安培力做的功多，减少的动能多；冲出时速度小，故感应电流小，安培力小，安培力做的功少，减少的动能少．所以，出磁场时仍然有动能，线圈离开磁场后将继续运动，不会停下来，只有D 正确．二、计算题(本题共4小题，共52分．解答时应写出必要的文字说明、方徎式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 13.(10分)如图所示，在一个光滑金属框架上垂直放置一根长l ＝0.4 m 的金属棒ab ，其电阻r ＝0.1 Ω.框架左端的电阻R ＝0.4 Ω.垂直框面的匀强磁场的磁感强度B ＝0.1 T ．用外力使棒ab 以速度v ＝5 m/s 向右匀速移动．求：(1)ab 棒中产生的感应电动势E? (2)通过电阻R 的电流I? 解析：(1)由E ＝Bl v 得(3分)感应电动势E ＝0.1×0.4×5 V ＝0.2 V ．(2分) (2)因为I ＝ER ＋r(3分)所以I ＝0.20.4＋0.1A ＝0.4 A ．(2分)答案：(1)0.2 V (2)0.4 A 14.(12分)如图(甲)所示，螺线管匝数n ＝3000匝，横截面积S ＝20 cm 2，螺线管的电阻r ＝1.5 Ω，R 1＝3.5 Ω，R 2＝25 Ω.穿过螺线管的磁场的磁感应强度B 按图(乙)所示规律变化，求R 2的热功率．解析：由(乙)图中可知，磁感应强度随时间均匀变化，那么在(甲)图的线圈中会产生恒定的感应电动势．由(乙)图可知，磁感应强度的变化率ΔBΔt ＝2 T/s ，(2分)由法拉第电磁感应定律可得螺线管中感应电动势 E ＝n ΔΦΔt ＝nS ΔB Δt ＝3000×20×10－4×2 V ＝12 V ．(2分)电路中的感应电流I ＝E r ＋R 1＋R 2＝121.5＋3.5＋25A ＝0.4 A ．(4分)P 2＝I 2R 2＝4 W ．(4分) 答案：4 W15.(14分)如图所示，A 是一面积为S ＝0.2 m 2、匝数为n ＝100匝的圆形线圈，处在均匀磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度随时间变化规律为B ＝(6－0.02t ) T ，开始时外电路开关S 断开，已知R 1＝4 Ω，R 2＝6 Ω，电容器电容C ＝30 μF ，线圈内阻不计，求：(1)S 闭合后，通过R 2的电流大小；(2)S 闭合一段时间后又断开，在断开后流过R 2的电荷量．解析：由B ＝(6－0.02t )T 知，圆形线圈A 内的磁场先是向里均匀减小，后是向外均匀增大，画出等效电路图如图所示．(1)E ＝n ΔΦΔt ＝n |ΔBΔt |S (2分)由题意知|ΔBΔt |＝0.02 T/s(2分)故E ＝100×0.02×0.2 V ＝0.4 V(2分)由I ＝E R 1＋R 2，得IR 2＝I ＝0.44＋6A ＝0.04 A ．(2分)(2)S 闭合后，电容器两端电压U C ＝U 2＝IR 2＝0.04×6 V ＝0.24 V(2分)电容器带电量Q ＝CU C ＝30×10－6×0.24 C＝7.2×10－6 C(2分)断开S 后，放电电荷量为Q ＝7.2×10－6 C ．(2分)答案：(1)0.04 A (2)7.2×10－6 C16.(16分)如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率ΔBΔt ＝k ，k 为负的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S 的硬导线做成一边长为l 的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求：(1)导线中感应电流的大小；(2)磁场对方框作用力的大小随时间的变化率． 解析：(1)导线框的感应电动势为E ＝ΔΦΔt ①(2分)ΔΦ＝12l 2ΔB ②(2分)导线框中的电流为I ＝ER③(2分)式中R 是导线框的电阻，根据电阻定律公式有R ＝ρ4lS④(2分) 联立①②③④式，将ΔB Δt ＝k 代入得I ＝klS8ρ.⑤(2分)(2)导线框所受磁场的作用力的大小为f ＝BIl ⑥(2分)它随时间的变化率为Δf Δt ＝Il ΔBΔt ⑦(2分)由⑤⑦式得Δf Δt ＝k 2l 2S8ρ.(2分)答案：(1)klS 8ρ (2)k 2l 2S8ρ。
高中化学人教版选修1：第1章章末综合检测(一)
一、选择题(本题包括15小题，每小题3分，共45分)1．(2011年广州高二检测)人体最重要的营养物质包括糖类、蛋白质、脂肪、维生素和矿物质，下列有关食品与营养的叙述正确的是()A．淀粉和纤维素均属于糖类，两者均可被人体吸收B．组成蛋白质的各种氨基酸均可在人体内自行合成C．脂肪不仅可提供人体能量，也可形成脂肪组织D．人体中所需的矿物质很少，不需要摄取，也不影响健康解析：选C。
纤维素是膳食纤维的主要成分，属于多糖，由于人体内缺少能使其水解为单糖的酶，故纤维素不能被人体消化吸收，A项错误；组成人体蛋白质的氨基酸中有8种必需氨基酸不能在人体内合成，必须由食物供给，B项错误；微量元素在人体内的含量虽然很少，但具有调节生理机能的生理作用，D项错误。
2．缺少下列哪种微量元素会患脚气症()A．维生素A B．维生素BC．维生素C D．维生素D解析：选B。
缺乏维生素A会引起夜盲症；缺乏维生素B会患脚气症、舌炎、口角炎、皮肤病等；缺乏维生素C能引起坏血病；缺乏维生素D易患佝偻病和软骨病。
因此选B。
3．(2011年孝感高二检测)下列有关实验的叙述正确的一组是()①苯酚沾到皮肤上应立即用NaOH溶液清洗②可用氨水清洗做过银镜反应的试管③某溶液中加入硝酸酸化的Ba(NO3)2溶液，有白色沉淀产生，则该溶液中一定有SO2－4④误食CuSO4可用新鲜牛奶解毒⑤除去乙酸乙酯中混有的少量乙酸，可加入饱和Na2CO3溶液充分振荡后分液⑥检验淀粉水解产物，可在水解所得溶液中直接加入新制银氨溶液后水浴加热A．④⑤⑥B．②③④C．④⑤D．①④⑥解析：选C。
苯酚沾到皮肤上应用酒精洗涤，①错；做过银镜反应的试管应用稀硝酸洗，②错；③中原溶液含有SO2－3也会出现相同现象；⑥中实验应先用NaOH中和后再加银氨溶液。
4．(2011年临沂高二检测)下列说法，不．正确的是()A．糖类摄入不足，人易患低血糖；而摄入过多，则可能引发动脉硬化、冠心病等疾病B．某些植物油和鱼油中的不饱和甘油酯含量丰富，而动物脂肪中饱和甘油酯含量很高C．蛋白质溶液遇到浓的硫酸铵、硫酸钠等无机盐溶液，会析出沉淀，这个过程称为变性D．人体对维生素的需求量很小，但是，人类的生命活动不可缺少它解析：选C。
人教版高中生物学选择性必修1稳态与调节精品课件 第1章章末测评卷
4. 下图表示人体的皮下组织,A、B、C表示细胞外液。下列叙述不正确的是( C )
B
6. 下列有关人体内环境及稳态的叙述，错误的是( C ) A.内环境是由细胞外液构成的液体环境，是细胞与外界进行物质交换的媒介 B.激素、抗体、血浆蛋白、葡萄糖和尿素均可存在于内环境中 C.碳酸氢钠与乳酸反应和肠脂肪酶催化脂肪分解均可发生于内环境中 D.贝尔纳首次提出内环境的概念，并推测内环境保持稳态主要依赖神经系统的调节 [解析] 内环境是由细胞外液构成的液体环境，主要包括血浆、组织液和淋巴液，是细 胞与外界进行物质交换的媒介，A项正确；激素、抗体、血浆蛋白、葡萄糖和尿素均 可存在于内环境中，B项正确；肠脂肪酶催化脂肪分解发生在肠道中，不发生于内环 境中，C项错误；贝尔纳首次提出内环境的概念，并推测内环境保持稳态主要依赖神 经系统的调节，D项正确。
（1） 肌肉注射和静脉滴注头孢呋辛钠治疗时，药物首先进入的内环境分别是__组__织___ _液_和_血__浆___，两者成分上最主要的差别是_蛋__白__质__的__含__量__不__同___。 [解析] 肌肉注射药物首先进入组织液，静脉滴注药物时，药物首先进入血浆，两者之 间在成分上的主要区别是血浆中蛋白质含量高于组织液。
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。每小题有两个 或两个以上选项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的 得2分，有选错的得0分。
AC
14. 肝脏是体内重要的代谢器官,肝衰竭患者失去肝脏的正常调节功能时,极易出现水潴 留（组织间隙过量的体液滞留）、酸碱失衡、营养代谢失调等内环境紊乱的现象。下 列相关叙述正确的是( ABD ) A.内环境稳态通过神经—体液—免疫调节作用来维持 B.肝细胞生活的内环境是组织液,又称组织间隙液 C.肝衰竭患者表现为尿量增加,下肢浮肿,体重增加 D.内环境稳态是机体进行正常生命活动的重要保障 [解析] 内环境稳态通过神经—体液—免疫的网络调节机制来维持,A项正确;肝细胞生 活的内环境是组织液,又称组织间隙液,B项正确;肝衰竭患者表现为尿量减少、严重腹 水等现象,C项错误;内环境稳态是机体进行正常生命活动的重要保障,D项正确。
人教版高中地理选修二第1章综合检测题
第一章章末综合检测（时间:90分钟;满分100分)一、选择题（每小题2、5分，共50分)读图,完成1~3题。
1。
与水域③一样的海域不．具有的特征是()A.深度一般从几米到二三千米B.无独立的海流系统C。
潮汐现象不明显D。
理化性质不稳定2.图中序号所示的水域中，属于印度洋的有几个（)A。
1B。
2C.3 D。
43.水域①所在的大洋与水域④所在大洋的分界线是（)A。
挪威海以南B.白令海峡C.经过合恩角的68°W经线D。
经过非洲南端厄加勒斯角的20°E经线解析：本组题以具有两洋、三洲、五海之称的西亚和北非的局部地区图为切入点，综合考查了海与洋的分布、区别、界线等问题。
图中①(地中海）、③(红海）和⑥(黑海),属于陆间海，潮汐现象明显；水域②（波斯湾）因深入陆地,只有狭窄的霍尔木兹海峡与阿拉伯海相通，属于内陆海；水域④(阿拉伯海)因是印度洋向大陆的延伸且深度不断变浅属于海湾;水域⑤（里海）属于内陆湖，不属于任何大洋;各海域中,①⑥属于大西洋,②③④属于印度洋。
答案：1、C2、C3、D一艘货轮6月初从广州出发驶往伦敦,历时近2个月。
据此完成4～5题。
4。
货轮依次经过的海峡是（)A。
①②③④ B.②③④①C。
③④①② D.④①②③解析：选D.图中①②③④分别是红海附近的曼德海峡、直布罗陀海峡、英吉利海峡、马六甲海峡,从广州到伦敦依次应经过④①②③.5。
若沿途不装卸任何货物,货轮吃水最深的是()A.①B。
②C.③D.④解析:选C。
货轮吃水最深处应该是海水盐度最小处，由此可判断英吉利海峡由于纬度较高而盐度最低。
海洋是人类生存的第二环境，海峡是重要的海上通道。
读下图(图中阴影部分为陆地)，回答6～7题。
6.一艘远洋货轮从上海到鹿特丹,走最近路线所经过的海峡依次是(）A。
②④⑤③B。
②⑤①④C。
②④①⑤D。
②④①③解析：选D。
先判断五处海峡的名称,根据经纬度和轮廓图形，①为直布罗陀海峡,②为马六甲海峡,③为英吉利海峡,④为曼德海峡,⑤为土耳其海峡。
新教材高中地理第一章人口章末综合检测卷含解析必修2
章末综合检测卷（一）（时间:60分钟满分:100分）一、选择题(每小题3分,共60分)1.人口分布受自然条件和自然资源的强烈制约.下图中四大流域，人口分布最稀少的是()A.长江流域B.珠江流域C。
亚马孙河流域D。
密西西比河流域解析:亚马孙河流域为热带雨林气候，高温潮湿，不利于人类居住，因此人口稀少.答案:C下图为世界人口纬度分布图,阴影示意各纬度人口数量多少。
读图,回答2～3题。
2。
世界人口集中分布在(）A.北半球中、低纬度地区B.北半球中、高纬度地区C。
南半球中、低纬度地区D。
南半球中、高纬度地区3.图中人口集中分布的影响因素是（)A.地形B。
气候C。
矿产资源 D.交通解析:第2题，从图中可以看出世界人口主要分布于北半球0°～60°，即北半球中、低纬度地区。
第3题，北半球中、低纬度地区，气候温和，适合人类的生存，因而人口分布集中。
答案:2。
A 3.B读澳大利亚人口密度分布图,回答4～5题.4.澳大利亚的人口分布特点为()A.沿海多,内陆少B。
东南沿海和西南沿海较多C.中部多,四周少D。
自东南沿海向西北内陆递减5.澳大利亚东南沿海地区人口密度较大的人文原因为(）①气候温暖湿润②水陆交通便利③历史悠久④开发时间较早A。
①②B。
②④C。
③④D。
①③解析:第4题，结合图例可以看出澳大利亚东南沿海和西南沿海的人口密度较大,数量较多。
第5题，澳大利亚东南沿海地区水陆交通运输便利，殖民者到达时间较早,开发较早；气候温暖湿润属于自然条件，澳大利亚的历史并不悠久。
答案：4.B 5.B“胡焕庸线”指我国黑龙江黑河和云南腾冲的连线,是划分我国东南、西北半壁及人口分布差异的界线.人口分布和国土区域严重不匹配的现象被称为“胡焕庸现象”。
读下表,回答6～7题.年份东南半壁西北半壁面积比例/％人口比例/％面积比例/％人口比例/%1953年43。
2494.80139.5156.76 5.205。
83 2000年43.2494。
高一物理上册：第1章章末综合检测
(时间：90分钟；满分：100分)一、选择题(本题共10小题；每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．(2011年黄冈调研)如图1－20所示，木块B放在粗糙的水平面上，木块A放在B的上面，A的右端通过一不可伸长的轻绳固定在直立墙壁上，用水平力F向左拉动B，使B以速度v做匀速运动，这时绳水平，张力为F′.下面说法正确的是()图1－20A．F′＝FB．木块A受到的是静摩擦力，大小等于F′C．木板B受到一个静摩擦力，一个滑动摩擦力，合力大小等于FD．若木板B以速度2v做匀速运动，则拉力仍为F解析：选D.以A为研究对象，水平方向受轻绳拉力F′和B对A的滑动摩擦力F1，由平衡条件可知：F′＝F1.以B为研究对象，水平方向受拉力F，A对B的滑动摩擦力F′1和水平面对B的滑动摩擦力F2.由平衡条件可知：F＝F′1＋F2＝F1＋F2＝F′＋F2，故A、B、C均错，只有D 选项正确．2．(2011年杭州质量检测)如图1－21所示，物体A、B放在物体C上，水平力F作用于A，使A、B、C一起匀速运动，各接触面间的摩擦力的情况是()图1－21A．A对C有向左的摩擦力B．C对B有向左的摩擦力C．物体C受到三个摩擦力的作用D．C对地有向右的摩擦力解析：选A.以A为研究对象，所受合外力为零，故C对A有向右的摩擦力，A对C有向左的摩擦力，选项A正确；对B，因其所受合外力为零，故B、C间没有摩擦力，选项B 错误；选A、B、C整体为研究对象，在F作用下向左匀速运动，所受合外力为零，故知地面对C有向右的摩擦力，C对地有向左的摩擦力，C受到A、地面给它的两个摩擦力的作用，选项C、D均错误．3．(2011年济南统考)如图1－22所示，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连，斜面的倾角α可以改变，讨论物块M对斜面的摩擦力大小，则有()图1－22A．若物块M保持静止，则α角越大，摩擦力一定越大B．若物块M保持静止，则α角越大，摩擦力一定越小C．若物块M沿斜面下滑，则α角越大，摩擦力一定越大D．若物块M沿斜面下滑，则α角越大，摩擦力一定越小解析：选D.由于题干中不能确定M 与m 的大小关系，故静摩擦力的方向、大小均不确定，A 、B 项错误．而滑动摩擦力F 与正压力Mg cos α成正比，斜面倾角α越大，压力越小，滑动摩擦力越小，故C 项错误，D 项正确．4．下列说法中正确的是( )A ．物体升高或降低时，重心的位置也要升高或降低B ．将物体挂在竖直的弹簧秤上，弹簧秤的读数等于物体的重力大小C ．拿一根细竹竿拨动水中的木头，木头受到竹竿的弹力，这是由于细竹竿发生形变而产生的D ．弹力的方向总是竖直向下的答案：C5. (2010年高考课标全国卷)如图1－23所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°角的力F 1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°角的力F 2推物块时，物块仍做匀速直线运动．若F 1和F 2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为( )图1－23 A.3－1 B ．2－ 3C.32－12 D ．1－32解析：选B.当用F 1拉物块时，由平衡条件可知：F 1cos60°＝μ(mg －F 1sin60°)；当用F 2推物块时，又有F 2cos30°＝μ(mg ＋F 2sin30°)，又F 1＝F 2，求得μ＝cos30°－cos60°sin30°＋sin60°＝2－3，B 正确．6．(2011年天星教育大联考)在研究摩擦力的实验中，用弹簧秤水平拉一放在水平桌面上的小木块，如图1－24所示，小木块的运动状态及弹簧秤的读数如下表所示：(每次实验时，木块与桌面的接触面积相同)A ．木块受到的最大摩擦力为0.7 NB ．木块受到的最大静摩擦力可能为0.6 NC ．在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的D ．在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有两次是相同的解析：选BC.发生相对滑动后，木块与桌面间的摩擦都是滑动摩擦，且摩擦力大小相等．7．(2010年高考安徽卷)L 型木板P (上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q 相连，如图1－25所示．若P 、Q 一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P 的受力个数为( )图1－25A．3 B．4C．5 D．6解析：选C.本题主要考查受力分析，意在考查考生应用整体法和隔离法解题的能力．因一起匀速下滑，所以斜面对P有沿斜面向上的摩擦力，而Q必受弹簧向上的弹力，所以隔离P可知P受重力、斜面摩擦力、斜面弹力、弹簧弹力、Q的压力作用．8．两个大小相等的共点力F1和F2，当它们夹角为90°时，合力为F，当它们夹角为120°时，合力大小为()A．2F B.2FC．F D.2 2 F解析：选D.夹角为90°时，2F1＝F，所以F1＝F2＝22F.夹角为120°时，合力F′＝F1＝22F.9. 如图1－26所示，物体静止于光滑的水平面上，力F作用于物体的O点，现要使合力沿着OO′方向，那么，必须同时再加一个力F′，这个力的最小值是()图1－26A．F sinθB．F cosθC．F tanθD．F cotθ答案：A10．(2011年潍坊统考) 如图1－27所示，在粗糙水平面上放一质量为M，倾角为θ的斜面，质量为m的木块在竖直向上的力F作用下，沿斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，则地面对斜面()图1－27A．无摩擦力B．有水平向左的摩擦力C．支持力为(M＋m)gD．支持力小于(M＋m)g解析：选AD.木块匀速下滑、斜面静止均处于平衡状态，以整体为研究对象，受力分析可知支持力与力F的合力与整体重力大小相等，水平方向无外力作用．故A、D正确．二、填空题(本题共4小题；每小题5分，共20分，把答案填在题中的横线上)11．(2011年深圳调研)用一主尺最小分度为1 mm，游标上有20个分度的卡尺测量工件的长度，结果如图1－28所示．可以读出此工件的长度为________mm.图1－28解析：使用游标卡尺读数时要细心，主尺上数单位为厘米，所以主尺读数为102 mm ；游标尺上第八条刻线与主尺刻线对齐，所以游标尺读数为0.40 mm ，所以最后测量结果为102.40 mm.答案：102.40图1－2912．如图1－29所示，有两条黑白毛巾交替折叠地放在地面上，白毛巾的中部用线与墙壁连接，黑毛巾的中部用线拴住．设线均水平，若每条毛巾的质量均为m ，毛巾之间及毛巾与地面间的动摩擦因数均为μ，欲将黑白毛巾分离开来，则将黑毛巾匀速拉出需加的水平力为________．解析：由于各接触面间的正压力不同，因此当毛巾滑动时各个面之间的滑动摩擦力大小不相同．求出各个面之间的正压力是解决本题的关键．为此，从上到下，将毛巾分成四部分，各部分在竖直方向受力如图所示．对甲：F N1＝12mg 对乙：F N2＝F ′N1＋12mg ＝F N1＋12mg ＝mg 对丙：F N3＝F ′N2＋12mg ＝F N2＋12mg ＝32mg 对丁：F N4＝F ′N3＋12mg ＝F N3＋12mg ＝2mg 由此可得甲与乙接触面之间的滑动摩擦力F 1＝μF N1＝12μmg 乙与丙接触面之间的滑动摩擦力F 2＝μF N2＝μmg丙与丁接触面之间的滑动摩擦力F 3＝μF N3＝32μmg丁与地面之间的滑动摩擦力F 4＝μF N4＝2μmg以黑毛巾为研究对象，水平方向受力如图所示，由于做匀速直线运动，所以水平方向合力为零．即F ＝F 1＋F 2＋F 3＋F 4＝5μmg .答案：5μmg13. 如图1－30所示，G A ＝100 N ，G B ＝40 N ，弹簧的劲度系数为500 N/m ，不计绳重和摩擦，物体A 对支持面的压力为________N ，弹簧的伸长量为________m.图1－30解析：对于物体B ，弹簧弹力F ＝G B ，又因为F ＝kx所以x ＝G B k＝0.08 m 对于物体A ，F N 表示地面对A 的支持力．F ＋F N ＝G A所以F N ＝G A －F ＝60 N因此物体A 对地面的压力F ′N ＝60 N.答案：60 0.0814. 如图1－31所示，重力为G 的均匀小球放在倾角为α的斜面上，球被与斜面夹角为β的木板挡住，球面、木板均光滑．若使球受木板的压力最小，则木板与斜面间夹角β应为________．图1－31 解析：取球为研究对象，球受三个力作用，斜面与木板对球的作用力的合力必竖直向上，大小为G ，如图所示．由于斜面对球的弹力方向一定，当β＝90°时，木板对球的弹力最小．答案：90°三、计算题(本题共4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)图1－3215．(8分)如图1－32所示，用一个轻三角支架悬挂一重为G 的重物，已知AB 杆所受的最大压力为2000 N ，AC 绳受最大拉力为1000 N ，∠α＝30°，为不使支架断裂，求悬挂物的重力应满足什么条件？解析：悬绳中受到竖直向下的拉力F ＝G ，这个拉力作用使杆AB 受到挤压，使AC 被拉紧，所以应把F 沿AB 、CA 方向分解，设两分力为F 1和F 2，则F 与F 1、F 2的关系如图所示，由图可知：F 1＝F tan α＝G tan30° F 2＝F sin α＝G sin30°所以F 1F 2＝sin30°tan30°＝32.因为AB 、AC 能承受的最大作用力之比为F 1max F 2max ＝20001000＝2>32，所以当G 增加，AC 绳的拉力将先达到最大值．为使三角架不断裂，计算中应以AC 绳中拉力达到最大值为依据，即取F 2＝F 2max ＝1000 N ，则悬挂物的重力应满足的条件为G ≤F 2sin30°＝500 N.答案：G ≤500 N16．(10分)我国著名发明家邹德俊，发明一种“吸盘式”挂衣钩如图1－33所示，将它紧压在平整、清洁的竖直瓷砖墙面上时可挂上衣帽等物品．如果挂衣钩的吸盘压紧时，它的圆面直径为110πm ．吸盘圆面压在墙上有45的面积跟墙面完全接触，中间15未接触部分间无空气．已知吸盘面与墙面间的动摩擦因数为0.5，则这种挂钩最多能挂多重的物体？(大气压强p 0＝1.0×105 Pa)图1－33 解析：设最多能挂重为G 的物体．G ＝μF N ，F N ＝p 0S ，S ＝π⎝⎛⎭⎫d 22，由以上三式代入数据得G ＝125 N.答案：125 N17．(10分)质量为20 kg 的物体，放在倾角为30°的斜面上恰能匀速下滑．若要使物体沿斜面向上运动，需对物体施加多大的沿斜面向上的力？(g 取10 N/kg)解析：如图所示，物体的重力G 分解为垂直于斜面的分力F 1和平行于斜面的分力F 2，则F 1＝G cos30°，F 2＝G sin30°.物体沿斜面匀速下滑时，物体所受的支持力和滑动摩擦力分别为F N 和F ′.由二力平衡条件得F N ＝G cos30°，F ′＝G sin30°.用平行于斜面的拉力F 使物体沿斜面匀速上滑时，物体所受的支持力没变，滑动摩擦力大小也没变化，但方向沿斜面向下．所以，拉力大小为F ＝F ′＋F 2＝2G sin30°＝200 N.答案：200 N18．(12分)如图1－34所示，有一重力为G 的圆柱体放置在水平桌面上，用一夹角为60°、两夹边完全相同的人字夹水平将其夹住(夹角仍不变)，圆柱体始终静止．试问：图1－34(1)若人字夹内侧光滑，其任一侧与圆柱体间的弹力大小也等于G，则圆柱体与桌面间的摩擦力的大小为多少？(2)若人字夹内侧粗糙，其任一侧与圆柱体间的弹力大小仍等于G，欲使圆柱体对桌面的压力为零，则整个人字夹对圆柱体摩擦力的大小为多少？方向如何？解析：(1)两夹边对圆柱体弹力的合力大小为G，方向沿夹的夹角的平分线，圆柱体处于静止状态，水平面内受的合力为零，所以桌面对圆柱体的摩擦力与夹对圆柱体的力平衡，即摩擦力的大小为G.(2)圆柱体对桌面的压力为零，又处于静止状态，所以圆柱体所受的摩擦力与夹对圆柱体的弹力和圆柱体的重力的合力平衡，即摩擦力的大小为2G，方向与竖直向上的方向成45°角，且偏向夹角一侧．答案：(1)G(2)2G与竖直向上的方向成45°角，且偏向夹角一侧。
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第一章章末综合检测(时间：90分钟；满分100分)一、选择题(每小题2.5分，共50分)读图，完成1～3题。
1．与水域③一样的海域不．具有的特征是()A．深度一般从几米到二三千米B．无独立的海流系统C．潮汐现象不明显D．理化性质不稳定2．图中序号所示的水域中，属于印度洋的有几个()A．1B．2C．3 D．43．水域①所在的大洋与水域④所在大洋的分界线是()A．挪威海以南B．白令海峡C．经过合恩角的68°W经线D．经过非洲南端厄加勒斯角的20°E经线解析：本组题以具有两洋、三洲、五海之称的西亚和北非的局部地区图为切入点，综合考查了海与洋的分布、区别、界线等问题。
图中①(地中海)、③(红海)和⑥(黑海)，属于陆间海，潮汐现象明显；水域②(波斯湾)因深入陆地，只有狭窄的霍尔木兹海峡与阿拉伯海相通，属于内陆海；水域④(阿拉伯海)因是印度洋向大陆的延伸且深度不断变浅属于海湾；水域⑤(里海)属于内陆湖，不属于任何大洋；各海域中，①⑥属于大西洋，②③④属于印度洋。
答案：1.C 2.C 3.D一艘货轮6月初从广州出发驶往伦敦，历时近2个月。
据此完成4～5题。
4．货轮依次经过的海峡是()A．①②③④B．②③④①C．③④①②D．④①②③解析：选D。
图中①②③④分别是红海附近的曼德海峡、直布罗陀海峡、英吉利海峡、马六甲海峡，从广州到伦敦依次应经过④①②③。
5．若沿途不装卸任何货物，货轮吃水最深的是()A．①B．②C．③D．④解析：选C。
货轮吃水最深处应该是海水盐度最小处，由此可判断英吉利海峡由于纬度较高而盐度最低。
海洋是人类生存的第二环境，海峡是重要的海上通道。
读下图(图中阴影部分为陆地)，回答6～7题。
6．一艘远洋货轮从上海到鹿特丹，走最近路线所经过的海峡依次是()A．②④⑤③B．②⑤①④C．②④①⑤D．②④①③解析：选D。
先判断五处海峡的名称，根据经纬度和轮廓图形，①为直布罗陀海峡，②为马六甲海峡，③为英吉利海峡，④为曼德海峡，⑤为土耳其海峡。
7．下列关于上图区域的叙述，正确的是()A．海峡①和②是大洲间分界线B．世界上锡矿出口最多的国家在②图中C．有明显密度流的海峡是①和③D．世界上盐度最低的海域在④图中解析：选B。
英吉利海峡为欧洲内部海峡；有明显密度流的是①④；世界上盐度最低的海域是波罗的海；世界上主要锡带在马六甲海峡附近。
读图，完成8～9题。
8．与图中A、B、C、D四个海域名称对应正确的是()A．墨西哥湾、南海、孟加拉湾、北海B．加勒比海、南海、阿拉伯海、北海C．加勒比海、日本海、波斯湾、波罗的海D．墨西哥湾、日本海、阿拉伯海、波罗的海9．对甲、乙、丙三国的叙述，正确的是()A．三个国家石油资源都较丰富B．三个国家的人口都超过1亿C．三个国家的河流季节变化都很小D．三个国家的首都都是该国最大城市解析：根据海陆轮廓判断A为加勒比海，B为南海，C为阿拉伯海，D为北海。
甲国为美国，乙国为印度尼西亚，丙国为英国，三国都拥有丰富的石油资源。
答案：8.B9.A10．关于海洋的叙述，不．正确的是()A．海洋被誉为“生命的摇篮”“资源的宝库”B．开发利用海洋资源，保护海洋生态环境，是解决人口、资源、环境问题的重要途径C．目前海洋还局限于为人类提供生存的自然环境、渔盐之利、航运交通、国家安全等方面，海洋农牧业、海洋油气开发、深海采矿、海水综合利用等新产业的开发未形成规模D．中国的社会和经济发展将越来越多地依赖海洋答案：C我国海军编队于2008年12月26日从海南省三亚起航，并于2009年1月6日抵达亚丁湾、索马里海域执行护航任务。
读下图，回答11～12题。
11．我国海军在航行途中，下列情况不．可能存在的是()A．印度洋上飓风频繁B．船经过北印度洋时，船上的国旗飘向西南方向C．船顺流航行D．行驶的这些天几乎没有遇到雨天解析：选A。
12月和1月，印度洋上几乎没有飓风；冬季北印度洋盛行东北风，船上的国旗飘向西南方向；冬季北印度洋洋流自东向西流，所以船顺流航行；印度洋上冬季少雨。
12．索马里海盗成为我国石油进口的不安全因素之一。
为了加强石油安全，我国对部分石油采用陆地管道运输的方式进口。
下列选项中，通过陆地管道向我国出口石油的国家是() A．美国B．印度尼西亚C．哈萨克斯坦D．马来西亚解析：选C。
陆地上与我国相邻并拥有丰富石油资源的国家有哈萨克斯坦。
13．奠定海洋科学基础的重大事件是()A．15世纪初郑和下西洋B．15世纪末新大陆的发现C．1872～1876年环球综合海洋考察D．20世纪80年代的大洋观测计划解析：选C。
1872～1876年，人类第一次环球综合海洋考察，奠定了海洋科学基础。
中国海军舰艇编队从青岛港出发(途经印度洋时逆风逆水)，途经下图所示国家和地区，总航程3万多千米，历经4个月返回青岛港。
据此完成14～15题。
14．海军舰艇编队航行到直布罗陀海峡时，叙述正确的是()A．多雨季节，顺水B．多雨季节，逆水C．少雨季节，顺水D．少雨季节，逆水15．海军舰艇编队航行到下列哪个海域时，遇见的海洋捕鱼船可能最多()A．东海深海区域B．地中海C．加勒比海D．秘鲁沿海解析：第14题，此时是北半球夏季，北半球地中海气候区炎热干燥，大西洋海水从表层流入地中海。
第15题，秘鲁沿海有上升流，形成秘鲁渔场。
答案：14.D15.D读郑和下西洋路线图，回答16～17题。
16．郑和下西洋，多选择冬季出航，主要原因是()A．夏季我国东部沿海多发台风，不安全B．冬季海洋气温相对较高，利于航行C．春秋季天气变化大，不利于航行D．冬季我国东部地区盛行偏北风，可顺风航行解析：选D。
此题以郑和下西洋为背景材料，考查了人类认识海洋的历程，郑和所处的明代，科技不发达，海上航行主要靠风力，冬季时，我国东部地区盛行偏北风，利于航行。
17．郑和下西洋在世界航海史上的意义在于()A．带动了资本主义的发展B．证明了地球是圆的C．开创世界远洋航海之壮举D．人类认识到海洋是地球环境的调节器解析：选C。
郑和下西洋在15世纪前期，他开创了世界远洋航行之壮举，有划时代的意义。
为发展旅游，我国某旅游公司购买了某国已退役的航空母舰，但必须首先由甲海域到乙海域，然后续航到我国。
读图，完成18～20题。
18．甲到乙途经的海峡是()A．土耳其海峡B．直布罗陀海峡C．霍尔木兹海峡D．曼德海峡19．由甲至乙航行时是()A．一直顺水B．一直逆水C．先逆水后顺水D．先顺水后逆水20．乙海域近年来海洋环境问题越来越突出，其中以什么污染为重()A．工业废水B．农药化肥C．石油污染D．生活污水解析：第18题，根据经纬度和海陆轮廓图，可知该海峡为土耳其海峡。
第19题，地中海海水蒸发强，海面低，黑海海水经由土耳其海峡由表层流向地中海。
第20题，地中海是重要海峡航道，石油污染严重。
答案：18.A19.A20.C二、综合题(共50分)21．读“人类认识海洋大事记树状图”，回答下列问题。
(12分)(1)在图中空白处填入正确的字母。
A．哥伦布横渡大西洋B．联合国发起“TOGA”C．库克完成环南极航行D．“流星号”的南大西洋调查(2)如果将人类对海洋的认识分为海洋探险时代和对海洋的研究时代两个时代，那么在这个树状图中属于海洋探险时代的有________个。
(3)海洋探险时代人类对海洋有哪些认识？(4)请结合史实将下列事件对应的意义连起来。
①郑和下西洋②深海钻探计划a．揭示了海洋与大气③TOGA和间的相互作用过程GLIV AR b．证明地球是球形的④哥伦布横c．标志着大航海时期的到来渡大西洋d．最早进行了海洋科学考察⑤达·伽马e．标志着现代海洋学研到达印度究的真正开始⑥麦哲伦f．开辟了印欧航线环球航行g．诞生了海底扩张说⑦库克环和板块构造学说南极航行h．开辟了海上丝绸之路⑧“挑战者”号环球航行考察答案：(1)自上而下依次是：A C D B(2)6(3)认识世界海陆分布，了解地球表面的整体面貌，仅局限在与航海探险相关的海面气象要素、洋流等方面。
(4)①—h②—g③—a④—c⑤—f⑥—b⑦—d⑧—e22．冬季，一艘货船从俄罗斯北部唯一的不冻港起航，沿欧亚澳航线经地中海、苏伊士运河、红海至印度洋，再向东穿过马六甲海峡经新加坡到上海。
读图，完成下列问题。
(14分)(1)海港A的名称是________。
该海港位于北极圈内，却成为不冻港，原因是________________________________________________________________________。
(2)穿过英吉利海峡时风急浪高，货船颠簸摇晃，主要是受到________风的影响，船在地中海行驶常会遇到下雨天气，这是因为________________________________________________________________________。
(3)经过苏伊士运河后，进入红海，这里海水盐度特别高，其原因是①________________________________________________________________________；②________________________________________________________________________。
(4)到达新加坡，附近海域风平浪静，这是因为新加坡地处________气压带，气流辐合上升，风力较小。
过了台湾海峡，看到在上海东南的海面上矗立着高高的钻井平台，这是因为东海________蕴藏着油气资源，这里开采的天然气已输往上海浦东地区使用。
解析：本题立意在于考查阅读地图、综合分析能力，具体考查的是从俄罗斯港口出发的船只在航行途中的相关知识。
第(1)题，俄罗斯北部唯一的不冻港是摩尔曼斯克港，其位于北极圈内，由于受北大西洋暖流的影响，海水温度偏高，成为不冻港。
第(2)题，英吉利海峡附近终年受到盛行西风影响，地中海沿岸在冬季时受西风带南移的影响，此时气候特点是温和多雨。
第(3)题，实质就是红海海水盐度高的原因，可将红海海水盐度高的原因归纳成两大类进行回答。
第(4)题，新加坡位于赤道附近，终年受赤道低气压带影响；海上油气资源主要分布在沿海大陆架上。
这两点都是基础知识的识记。
答案：(1)摩尔曼斯克受北大西洋暖流的影响(2)西地中海的气候特点是冬季温和多雨(3)受副热带高气压带下沉气流影响，降水量少，蒸发量大于降水量海区较封闭，四周陆地河流入海径流量少(4)赤道低大陆架23．读下图，回答下列问题。
(12分)(1)填出北冰洋与太平洋的分界线A________，太平洋与大西洋的分界线B________。
(2)全球岛屿最多的大洋是________，它的平均水温是________。