2016届湖北省襄阳五中五月调考物理试卷(一)(解析版)

合集下载

湖北省2016届高三5月第一次模拟考试理综物理试卷(含解析)-精编

2016年湖北省黄冈中学高三5月第一次模拟考试理综物理试卷一、单选题（共5小题）1．下列叙述符合史实的是（）A．安培在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”将微小量放大，准确的测定了静电力常量D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化考点：物理学史答案：D试题解析：奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，A错误；安培提出了分子电流假说，B错误；卡文迪许测量了万有引力常量，C错误；楞次总结了判断感应电流方向的楞次定律，D正确。

2．如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的固定斜面上．物体与斜面之间的动摩擦因数为μ，先用平行于斜面的推力F1作用于物体上使其能沿斜面匀速上滑，若改用水平推力F2作用于物体上，也能使物体沿斜面匀速上滑，则两次的推力之比为（）A．cos θ＋μsin θB．cos θ－μsin θC．1＋μtan θD．1－μtan θ考点：牛顿运动定律、牛顿定律的应用答案：B试题解析：对图甲中的物体受力分析，由平衡条件可得，，解得；对乙图中物体受力分析如图所示，沿斜面方向有,垂直于斜面方向有，解得则，B正确，A、C、D错误。

3．2016年2月11日，美国自然科学基金召开新闻发布会宣布，人类首次探测到了引力波。

2月16日,中国科学院公布了一项新的探测引力波的“空间太极计划”,其中,由中山大学发起的空间引力波探测工程“天琴计划”于15年7月正式启动。

计划从2016年到2035年分四阶段进行,将向太空发射三颗卫星探测引力波。

在目前讨论的初步概念中，天琴将采用三颗全同的卫星（SC1、SC2、SC3）构成一个等边三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在以地球为中心、高度约10万公里的轨道上运行,针对确定的引力波进行探测，这三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴,故命名为“天琴计划”。

2015-2016学年湖北省襄阳一中高二(下)月考物理试卷(5月份)

2015-2016学年湖北省襄阳一中高二（下）月考物理试卷（5月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共2小题，共8.0分)1.有三个完全一样的金属小球A、B、C，A带电荷量+7Q、B带电荷量-Q、C不带电，将A、B分别固定起来，然后让C球反复很多次与A、B球接触，最后移去C球，则A、B球间的库仑力变为原来的（）A.倍B.倍C.倍D.无法确定【答案】B【解析】解：带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．将A、B固定起来，然后让C球反复与A、B球接触，最后移走C，所以A、B、C最终带电量q==2q原来A、B间的相互吸引力的大小是F=后来A、B间的相互吸引力的大小是F′=所以′=故选B．理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．2.一弹簧振子的振幅为A，下列说法正确的是（）A.在时间内，振子发生的位移一定是A，路程也是AB.在时间内，振子发生的位移一定是零，路程可以大于AC.在时间内，振子发生的位移一定是2A，路程一定是2AD.在T时间内，振子发生的位移一定为零，路程一定是4A【答案】D【解析】解：A、若不是从平衡位置和位移最大处经过周期，位移和路程都不是A，故A错误；B、若从平衡位置计时，经过周期，位移是A，路程为A；若不是从平衡位置出发，则路程可能大于A，可能小于A．故B错误；C、从平衡位置开始计时，经过周期，位移为0，故C错误；D、在T时间内，振子完成一次全振动，位移为零，路程为4A，故D正确故选：D振子从平衡位置和位移最大处经过周期，振子发生的位移才为A，经过周期位移为2A，其他位置则不是，一个周期内，不管从哪个位置开始运动，位移都为零，路程为4A．本题考查了位移和路程的区别，注意振子计时的位置，难度不大，属于基础题．二、多选题(本大题共2小题，共8.0分)3.如图，在匀强磁场中水平放置一平行金属导轨（电阻不计），且与大螺线管M相接，磁场方向竖直向下，在M螺线管内同轴放置一小螺线管N，N中通有正弦交流电i=I m sin t，t=0时刻电流为零，则M中的感应电流的大小与跨接放于平行导轨上的导体棒ab的运动情况为（）A.t=时刻M中电流最大B.t=时刻M中电流最大C.导体棒ab将在导轨上来回运动D.导体棒ab将一直向右方（或左方）做直线运动【答案】BC【解析】解：A、N中通有正弦交流电，在时刻电流最大，电流的变化率最小，则在螺线管M中产生的感应电流最小，为零．在时刻，N中的电流为零，但电流的变化率最大，则在螺线管M中产生的感应电流最大．故A错误，B正确．C、在0-内，N中的电流先增大，则在M产生产生变化的电流，导体棒受到安培力向某一方向做变加速度直线运动；在-内，N中的电流减小，则在M中产生反向的变化的电流，导体棒受到相反反向的安培力做变减速直线运动到零；在-内，N中的电流反向增大，在M中产生的电流方向与-内相同，所以导体棒又反向做变加速直线运动，在内反向变减速直线运动到零．知导体棒在导轨上来回运动．故C正确，D错误．故选BC．N中电流变化，会产生变化的磁场，在螺线管M中产生感应电动势以及感应电流，根据磁场变化率的大小判断产生的感应电流的大小．根据ab棒受到安培力，判断导体棒的运动情况．解决本题的关键会根据N中的电流变化判断出M中的电流，实际上在N中为正弦交流电，在M中产生的交流电为余弦图线．4.霍尔式位移传感器的测量原理是：如图所示，有一个沿z轴方向的磁场，磁感应强度B=B0+kz（B0，k均为常数），将传感器固定在物体上，保持通过霍尔元件的电流I不变（方向如图中箭头所示）．当物体沿z轴方向移动时，由于位置不同，霍尔元件在y轴方向上的上、下表面的电势差U也不同．则（）A.磁感应强度B越大，上、下表面的电势差U越大B.k越大，传感器灵敏度（）越高C.若图中霍尔元件是电子导电，则下板电势高D.电流I取值越大，上、下表面的电势差U越小【答案】AB【解析】解：A、最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有，电流的微观表达式为I=nqv S=nqvbc，所以U=．B越大，上、下表面的电势差U越大．电流越大，上、下表面的电势差U越大．故A正确，D错误．B、k越大，根据磁感应强度B=B0+kz，知B随z的变化越大，根据U=．知，U随z 的变化越大，即传感器灵敏度（）越高．故B正确．C、霍尔元件中移动的是自由电子，根据左手定则，电子向下表面偏转，所以上表面电势高．故C错误．故选AB．霍尔元件中移动的是自由电子，自由电子受到洛伦兹力发生偏转，从而可知道上下表面电势的高低．上下两表面分别带上正负电荷，从而形成电势差，最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．解决本题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，上下表面形成稳定的电势差．三、单选题(本大题共4小题，共16.0分)5.如图所示，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在竖直线OO′的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的匀强磁场区域，磁感线的方向和水平面垂直．若悬点摩擦和空气阻力均不计，则（）A.金属环每次进入和离开磁场区域都有感应电流，而且感应电流的方向相同B.金属环进入磁场区域后越靠近OO′线时速度越大，而且产生的感应电流越小C.金属环开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后不再减小D.金属环在摆动过程中，机械能将全部转化为环中的电能【答案】C【解析】解：A、当金属环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，都会产生感应电流．金属环进入磁场时，磁通量增大，离开磁场时磁通量减小，根据楞次定律得知两个过程感应电流的方向相反，故A错误．B、金属环进入磁场后，由于没有磁通量的变化，因而圆环中没有感应电流，不受磁场力作用，离平衡位置越近，则速度越大，故B错误．C、由于从左侧摆到右侧的过程中，线框中磁通量发生变化，因而产生感应电流，线框中将产生焦耳热，根据能量守恒知线框的机械能不断减少，故在左侧线框的高度将高于起始时右侧的高度，所以摆角会越来越小，当环完全在磁场中来回摆动时，磁通量不变，没有感应电流，圆环的机械能守恒，摆角不变，在磁场区域来回摆动，故C正确．D、圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，机械能守恒，则金属环在摆动过程中，机械能不可能将完全转化为环中的电能，故D错误故选：C感应电流的方向由楞次定律判断．当穿过金属环的磁通量不变时没有感应电流产生，金属环不再受到安培力．最终金属环在磁场内往复运动．本题考查楞次定律的应用和能量守恒相合．要注意金属环最终不可能停下来，机械能就不可能完全转化为电能．6.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=1：3，次级回路中联入三个均标有“36V，40W”的灯泡，且均正常发光，那么，标有“36V、40W”的灯泡A（）A.也正常发光B.将被烧毁C.比另三个灯暗D.无法确定【答案】A【解析】解：串联在副线圈两端的三只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电压为3U，设原线圈中的电压为U′，则：′，所以U′=U=36V．所以小灯泡A也正常发光．故选项A正确．故选：A．设每只灯的额定电压为U，因串联在副线圈两端的三只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电压为3U，由电压关系求出匝数比；由匝数比求电压关系．解决本题的切入点在原、副线圈的电压关系，突破口在于原线圈电路的电压分配关系上．7.如图所示，AB、CD是一个圆的两条直径，该圆处于匀强电场中，电场强度方向平行该圆所在平面．在圆周所在的平面内将一个带正电的粒子从A点先后以相同的速率v沿不同方向射向圆形区域，粒子将经过圆周上的不同点，其中经过C点时粒子的动能最小．若不计粒子所受的重力和空气阻力，则下列判断中正确的是（）A.电场强度方向由A指向BB.电场强度方向由D指向CC.粒子到达B点时动能最大D.粒子到达D点时电势能最小【答案】D【解析】解：A、B、仅在电场力作用下从A点进入，离开C点的动能最小，电势能最大，则C 点是沿电场强度方向离A点最近，所以电场线与过C的切线相垂直，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿CD方向．故A、B错误；C、D、由上可知，电场线方向从C到D，由沿着电场线方向，电势降低，则有D点的电势能最小，动能最大，故C错误，D正确；故选：D带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下从圆周上不同点离开圆形区域，从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最小．则说明电场力做功最小，从而得出C点是沿电场强度方向离A点最近．电场力做功就是电量与两点的电势差的乘积．C点是沿电场强度方向离A点最近，则电场线与过C的切线相垂直．同时还运用只有电场力做功，导致电势能与动能相互转化．并考查电势能等于电量与电势的乘积．8.A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅在电场力作用下沿电场线从A运动到B，其电势能W随位移s变化的规律如图所示．设A、B两点的电场强度分别为E A和E B，电势分别为φA和φB．则（）A.E A＞E BB.E A＜E BC.φA＞φBD.φA＜φB【答案】D【解析】解：A、B设电子的总能量为E总，电场强度为E，则由动能定理得e E s=E总-W，E一定，由数学知识可知，W-s图象的斜率等于-E，由图象知，E一定，则有E A=E B．故AB 错误．C、D由W-s图象看出电子从A运动到B，电势能减小，根据负电荷在电势高处电势能小，可知，φA＜φB．故C错误，D正确．故选D由图象读出电势能随距离的变化，根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势的高低．根据动能定理列式研究电场力是否变化，比较场强的大小．本题根据推论：负电荷在电势高处电势能小，分析电势的高低．由动能定理和数学知识得到场强是不变的．四、多选题(本大题共2小题，共8.0分)9.在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S闭合后，两平行金属板MN中有一带电液滴正好处于静止状态．为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是（）A.增大R1B.减小R2C.减小R3D.减小MN间距【答案】BD【解析】解：A、当增大R1电阻时，没有作用，因为R1电阻与两平行金属板相串联，没有电流通过，所以R1电阻两端没有电势差．故A错误；B、当R2减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则变阻器R3电压变大，电容器板间电压增大，场强增大，液滴所受的电场力增大，将向上加速运动，故B正确；C、当R3减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则R2电阻两端电压变大，那么R3变阻器电压变小，电容器板间电压减小，场强减小，液滴所受的电场力减小，将向下加速运动，故C错误；D、当减小MN间距时，由于平行板两端电压不变，则两板间的电场强度变大，所以电场力将大于重力，液滴向上加速运动，故D正确．故选：BD．R1、R2为滑动变阻器，而R3为变阻箱．当开关闭合后，带电液滴正好处于静止，为使能加速向上，则电场力大于重力．可以提高两极板的电压，即提高变阻箱R3的电压；也可以变化两极板的距离，从而实现提高两板间的电场强度．电阻R1与两平行板相串联，由于没有电流，所以没有电势降落，因此可将R1电阻去除．当改变间距时，会导致两板间的电容变化．10.某横波在介质中沿x轴正方向传播t=0时刻，P点开始向y轴正方向运动，经t=0.2s．P点第一次到达正方向最大位移处，某时刻形成的波形如图所示，下列说法正确的是（）A.该横波的波速为5m/sB.质点Q与质点N都运动起来后，它们的运动方向总相反C.在0.2s的时间内质点M通过的路程为lmD.从图示时刻再过2.6s，质点M处于平衡位置，且正沿y轴负方向运动【答案】AB【解析】解：A、由图示波形图可知：波长λ=4m，O点开始向正方向运动，经t=0.2s，O点第一次到达正方向最大位移处，则t=，解得：T=0.8s，则v=，故A正确；B、质点L与质点N之间的距离为半个波长，则振动情况完全相反，故B正确；C、在0.2s的时间内质点M通过的路程为s=A=20cm，故C错误；D、t=2.6s=，此时刻M点处于波谷且向上运动，则经过2.6s，质点M处于平衡位置，且沿y轴正方向运动，故D错误．故选：AB根据图示波形图可以求出波长；根据质点O的振动可以求出波的周期，已知波长与周期，由波速公式可以求出波速，两质点相差半个波长的奇数倍时振动方向完全相反，除以平衡位置及波峰波波谷处的质点一个周期内振动的路程为4A．本题考查了求波长、频率、波速、波的传播方向等问题，由波形图及质点与坐标原点间的距离可以求出波长，根据质点的振动情况可以求出波的周期，由波速、波长与周期间的关系可以求出波速．五、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)11.热敏电阻包括正温度系数电阻器（PTC）和负温度系数电阻器（NTC）．正温度系数电阻器（PTC）在温度升高时电阻值越大，负责温度系数电阻器（NTC）在温度升高时电阻值越小，热敏电阻的这种特性，常常应用在控制电路中．某实验小组选用下列器材探究通过热敏电阻R x（常温下阻值约为10.0Ω）的电流随其两端电压变化的特点．A．电流表A（量程0.6A，内阻约0.3Ω）B．电压表V（量程15.0V，内阻约10kΩ）C．滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）D．滑动变阻器R′（最大阻值为500Ω）E．电源E（电动势15V，内阻忽略）F．电键、导线若干①实验中改变滑动变阻器滑片的位置，使加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，请在所提供的器材中选择必需的器材，应选择的滑动变阻器______ ．（只需填写器材前面的字母即可）②请在所提供的器材中选择必需的器材，在虚线框内画出该小组设计的电路图．③该小组测出热敏电阻R1的U-I图线如曲线I所示．请分析说明该热敏电阻是______ 热敏电阻（填PTC或NTC）．④该小组又通过查阅资料得出了热敏电阻R2的U-I图线如曲线II所示．然后又将热敏电阻R1、R2分别与某电池组连成如图所示电路．测得通过R1和R2的电流分别为0.30A 和0.60A，则该电池组的电动势为______ V，内阻为______ Ω．（结果均保留三位有效数字）【答案】C；PTC；10.0；6.67【解析】解：①为方便实验操作，滑动变阻器应选C；②加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，滑动变阻器应采用分压接法，由于热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如图所示：③由图2曲线I所示图线可知，随电压增大，电流增大，电阻实际功率增大，温度升高，电压与电流比值增大，电阻阻值增大，即随温度升高，电阻阻值增大，该电阻是正温度系数（PTC）热敏电阻．④在闭合电路中，电源电动势：E=U+I r，由图2曲线II所示可知，电流为0.3A时，电阻R1两端电压为8V，电流为0.60A时，电阻R2两端电压为6.0V，则：E=8+0.3r，E=6+0.6r，解得：E=10.0V，r=6.67Ω；故答案为：①C；②电路图如图所示；③PTC；④10.0；6.67．①为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．②根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出实验电路．③根据图象应用欧姆定律判断元件阻值随温度变化的关系，然后确定元件类型．④根据实验数据，应用欧姆定律求出电源电动势与内阻．本题考查了实验器材的选择、设计实验电路、判断电阻类型、求电源电动势与内阻；确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的关键；当实验要求电压从零调时，变阻器应采用分压式接法，变阻器的阻值越小越方便调节；当待测电阻阻值远小于电压表内阻时电流表采用外接法．12.某实验小组采用如图（a）的电路测量规格为“6V，0.5A”的小型直流电动机M中线圈的电阻（阻值约为几欧姆）．R0为阻值为3.0Ω的定值电阻．①调节R时应控制电动机______ （转动或不转动）时读出电流表、电压表示数．②若电压表示数是2.50V，电流表示数如图（b），读得电流表示数是______ ．③使用测得数据，计算电动机线圈的电阻为______ Ω．该电动机正常工作时输出的机械功率为______ W．（计算结果保留2位有效数字）④由于______ （电流表或电压表内阻）的影响，测得的电阻比实际值偏______ （大或小）．【答案】不转动；0.50A；2.0；2.5；电压表内阻；小【解析】解：①控制电动机不转动时，线圈的电阻为纯电阻，实验时应控制电动机不转．②由图示电流表可知，其量程是0.6A，分度值为：读数为0.50A．③电动机线圈电阻：R=-R0=-3=2Ω；电动机正常工作时输出的机械功率：P机械=P总-P热=UI-I2R=6×0.5-0.52×2=2.5W；④由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流的测量值偏大，由欧姆定律可知，电动机线圈电阻的测量值小于真实值．故答案为：①不转动；②0.50A；③2.0；2.5；④电压表内阻；小．①当电动机不转动时，电动机电路为纯电阻电路，才可用欧姆定律求解电阻．②由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数．③由欧姆定律与串联电路特点求出电动机线圈电阻；应用电功率公式求出电动机的总功率与热功率，然后求出机械功率．④根据实验电路分析实验误差．对于电动机电路，当电动机不转动时，其电路为纯电阻电路，欧姆定律U=IR适用；当电动机正常工作时，U＞IR，欧姆定律U=IR不成立．六、计算题(本大题共4小题，共44.0分)13.在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.0V；当重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和12.0V．假设电表都是理想的，求：（1）这台电动机线圈的电阻r=？（2）这台电动机正常运转时的效率η=？【答案】解：（1）当电流表和电压表的示数为0.5A和1.0V时电动机停止工作，电动机内阻视为纯电阻，则由欧姆定律可知其阻值为：r===2Ω．（2）当电动机正常工作时，电流表、电压表示数分别为2.0A和12.0V，则电动机的总功率为：P总=U2I2=12.0×2.0W=24.0W，线圈电阻的热功率为：P热=I r=2.02×2W=8.0W，得：P输出=P总-P热=24.0W-8.0W=16.0W．×100%==67%则电动机的效率为：η=出总答：（1）电动机的线圈电阻为2Ω；（2）这台电动机正常运转时的效率为67%．【解析】（1）当电动机停止工作时，电动机以看作纯电阻电路；由欧姆定律可求得其内阻；（2）当正常工作时，输出功率等于总功率减去内阻上消耗的热功率．再由效率公式可求得电动机的效率．本题考查功率公式及欧姆定律的应用，要注意明确电动机的输出功率等于总功率与热功率的差值；效率公式为η=出×100%．总14.如图所示，质量为m，电量为q的带电粒子以初速v0进入由两个平行金属板构成的场强为E的匀强电场中，两极板长度为L，电容器极板中央到光屏的距离也是L．已知带电粒子打到光屏的P点，不计重力作用．求偏移量OP的大小．【答案】解：水平方向：粒子做匀速直线运动，则t=竖直方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．加速度a=设粒子射出电场时，速度偏向角为θ则tanθ==代入得tan θ=故OP=L tan θ=答：偏移量OP 的大小为．【解析】带电粒子垂直射入匀强电场中，做类平抛运动，平行于板的方向做匀速直线运动，由板长和初速度求出时间．根据牛顿张第二定律求出加速度，将射出电场的速度分解，求出偏转角θ的正切，由OP=L tan θ求解OP ．本题是应用推论求解的，也可以求出偏转距离和偏转角的正切，根据数学知识求解OP ．也可以用三角形相似法求解OP ．15.如图所示，两块水平放置、相距为d 的长金属板接在电压可调的电源上．两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．将喷墨打印机的喷口靠近上板下表面，从喷口连续喷出质量均为m 、水平速度均为v 0、带相等电荷量的墨滴．调节电源电压至U ，墨滴在电场区域恰能沿水平向右做匀速直线运动；进入电场、磁场共存区域后，最终垂直打在下板的M 点．（1）判读墨滴所带电荷的种类，并求其电荷量；（2）求磁感应强度B 的值；（3）现保持喷口方向不变，使其竖直下移到两板中间的位置．为了使墨滴仍能到达下板M 点，应将磁感应强度调至B ′，则B ′的大小为多少？【答案】解：（1）墨滴在电场区域做匀速直线运动，有： ①由①式得，q = ． ②由于电场方向向下，电荷所受的电场力方向向上，可知墨滴带负电荷． ③（2）墨滴垂直进入电磁场共存区域，重力仍与电场力平衡，合力等于洛伦兹力，墨滴做匀速圆周运动，有：④ 考虑墨滴进入磁场和撞板的几何关系，可知墨滴在该区域恰好完成四分之一圆周运动，则半径R=d ⑤由②④⑤式得，B=．⑥（3）根据题设，墨滴的运动轨迹如图，设圆周运动的半径为R ′，有：′′ ⑦由图示可得，′′⑧得，′⑨联立②⑦⑨式可得，′．答：（1）墨滴带负电，电量为．（2）磁感应强度B=．（3）B’的大小为′．【解析】（1）根据电场力和重力平衡求出电荷量的大小，通过电场力的方向确定电荷的正负．（2）墨滴垂直进入电磁场共存区域，重力仍与电场力平衡，粒子做匀速圆周运动，根据粒子垂直打在M点，通过几何关系得出粒子的轨道半径，根据洛伦兹力提供向心力求出磁感应强度的大小．（3）根据几何关系得出粒子做圆周运动的轨道半径，结合带电粒子在磁场中运动的半径公式求出磁感应强度的大小．本题考查粒子在复合场中的运动，知道粒子在电场和重力场区域做匀速直线运动，进入电场、磁场和重力场区域，做匀速圆周运动．结合牛顿第二定律和共点力平衡进行求解．16.一匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面，在xy平面上，磁场分布在以O为中心的一个圆形区域内．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由原点O开始运动，初速为v，方向沿x正方向．后来，粒子经过y轴上的P点，此时速度方向与y轴的夹角为30°，P到O的距离为L，如图所示．不计重力的影响．求磁场的磁感强度B的大小和xy平面上磁场区域的半径R．【答案】解：画出磁场区域及粒子运动的轨迹如图，设粒子圆周运动的半径为r，由几何知识可得：r+2r=L，解得：r=L，磁场区域的半径为：R=r=L，由牛顿第二定律得：qv B=m，解得：B=；答：磁场区域的半径R L．磁场的磁感强度B的大小为：．【解析】带电粒子垂直进入磁场后，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，轨迹的圆心应在y轴正方向上，画出轨迹，由几何知识求出轨迹半径，由牛顿第二定律列式求出磁感强度B的大小．本题是带电粒子在组合场中运动的问题，处理磁场中圆周运动的基本方法是画轨迹，运用几何知识求出轨迹半径，电场中运用运动的分解法求解相关量．。

湖北省襄阳市第五中学高三理综5月模拟考试试题(三)

湖北省襄阳市第五中学2016届高三理综5月模拟考试试题（三）本试题卷共14页，40题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项:1、答卷前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

相对原子质量Cu:64 O:16 S:32 Si:28 B:11第Ⅰ卷(共126分)一、选择题:共13小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1.盐碱地中生活的某种植物,其细胞的液泡膜上有一种载体蛋白,能将细胞质基质中的Na＋逆浓度梯度运入液泡,降低Na＋对细胞质基质中酶的伤害.下列叙述错误的是A.该载体蛋白作用的结果不利于增强细胞的吸水力B.Na＋进入液泡的过程受土壤板结程度的影响C.Na＋进入液泡与K＋进入组织细胞的方式相同D.该载体蛋白作用的结果有助于提高植物的耐盐性2.在某动物睾丸中发现M、N 两种细胞,M细胞可经过减数分裂形成精子,N细胞可以为M细胞提供营养物质和相关激素.科学家用显微镜观察从睾丸中取出部分组织,下列有关叙述正确的是A.两种细胞因所含的遗传物质不同而功能不同B.N细胞产生的激素不需要体液运输到靶细胞C.观察到染色体条数最多的细胞不含姐妹染色单体D.显微镜下能看到细胞中最多含两条性染色体3.右图表示人体生命活动调节模式图,甲～丁表示不同的分泌细胞,A～D表示不同的靶细胞.下列相关叙述正确的是A.若甲产生的某种抗体与A(胰岛B细胞)上受体结合，导致胰岛B细胞对葡萄糖的敏感度降低,进而引起糖尿病,则这种病属于免疫缺陷病B.在寒冷环境中垂体细胞(丙)可通过神经—体液调节,使甲状腺D分泌甲状腺激素增加,增强代谢以维持体温C.若丁为下丘脑细胞,其释放的抗利尿激素能促进肾小管和集合管对水分的重吸收D.据图分析,分泌细胞产生的分泌物可与靶细胞膜特异性结合4.下列关于遗传和变异的叙述中,正确的是A.基因突变和基因重组一定都能导致种群基因库发生改变B.蛋白质合成旺盛的细胞中,DNA分子较多,转录成的mRNA分子也较多C.遗传病患者都含有致病基因且能将致病基因遗传给后代D.染色体结构变异会导致基因数目或排列顺序发生改变5.右图表示黄化燕麦幼苗中生长素相对含量的分布,根据所学知识和图中信息判断,下列叙述错误的是A.生长素主要在生长活跃的部位合成B.b点所对应的幼苗部位的细胞体积比a点所对应的幼苗部位的细胞体积大C.a点生长素浓度相对较高是由于b、c点对应的细胞合成的生长素运输到a点所致D.如将a点对应浓度的生长素作用于d点细胞,可能会抑制d点细胞的生长6.“发展经济不应以破坏环境为代价”已经成为人类的共识,要保护生态系统,应走一条可持续发展的道路.为此人们在广大的山区进行人工植树造林,在许多城市建造了湿地公园.下列叙述正确的是A.在一片山林地上通过人工管理提高某种速生树的产量后,其抵抗力稳定性提高B.调查青蛙种群密度,个体被捕捉的概率应相等,而与标记状况、年龄和性别无关C.造成人工林中群落垂直分布的主要原因是栖息地和食物D.湿地公园的观赏价值体现了生物多样性的间接价值7.下列说法中不正确的是A.无机非金属材料中不可能含有金属元素B.铝盐、铁盐有净水作用，向浑浊的水中加入少量明矾或硫酸铁溶液，搅拌，过一段时间，水的底部会出现很多絮状不溶物，水变澄清透明C.氯化物在化学工业领域有重要应用，例如SiCl4、GeCl4、TiCl4分别是制取高纯硅、锗和钛的重要中间物质D. 地球上存在的天然二氧化硅形态有结晶形和无定形两大类统称硅石8.N A表示阿伏加德罗常数的值,下列有关说法正确的是A.1L1mol/L的甲醇水溶液中含有氢原子总数为4N AB.50mL18.4mol/L浓硫酸与足量铜微热反应,生成SO2分子的数目为0.46N AC.反应KIO3+6HI＝KI+3H2O+3I2中,生成3molI2转移电子的总数为5N AD.12g石墨和C60的混合物中质子总数为12N A9.W、X、Y、Z均为短周期主族元素,Y的原子序数是W和Z的原子序数之和的一半,Y原子的最外层电子数与核外电子总数之比为2:7；W和Z形成的可溶性化合物WZ溶于水中不能促进水的电离；W、X、Z三种元素形成的某种化合物能消毒杀菌.下列说法正确的是A.四种元素原子中,原子半径最大的是ZB.X、Y形成的化合物能溶于盐酸C.Z的最高价氧化物对应水化物的酸性强于YD.1mol W单质与足量X单质反应,转移的电子数为2N A10．醛或酮与氰化钠、氯化铵反应，生成氨基腈，经水解生成氨基酸盐，是制备氨基酸盐的一种简便方法，反应过程如下：下列有关该反应说法不合理．．．的是( ) A．反应①是加成反应B．反应②需要在酸性环境中进行C．反应②为碱性环境时，产物结构简式是D．经过上述反应，苯乙醛可以制得3 +11.下列根据实验操作和现象所得出的结论或相应的解释错误的是( ) 选项实验操作实验现象结论或解释A向盛有0.5mol•L -1Fe （NO 3）2溶液的试管中加入0.5mol•L -1H 2SO 4溶液在试管口处出现红棕色气体溶液中NO 3-被Fe 2+还原为NO 2 B向PbI 2饱和溶液中滴加几滴0.1mol•L -1KI 溶液出现黄色沉淀说明 PbI 2饱和溶液中有Pb 2+存在C 向白色ZnS 沉淀上滴加0.1mol•L -1CuSO 4溶液,振摇沉淀变为黑色ZnS 沉淀转化为CuS 沉淀ZnS （s ）+Cu 2+（aq ）CuS （s ）+Zn 2+（aq ） D相同条件下,用1mol•L -1醋酸溶液和1mol•L -1盐酸分别做导电性实验醋酸溶液对应的灯泡较暗醋酸是弱电解质12.瓦斯爆炸是煤矿开采中的重大危害,一种瓦斯分析仪(图甲)能够在煤矿巷道中的甲烷浓度达到一定浓度时,可以通过传感器显示.该瓦斯分析仪工作原理类似燃料电池的工作原理,其装置如图乙所示,其中的固体电解质是Y 2O 3-Na 2O,O 2-可以在其中自由移动.下列有关叙述正确的是A.瓦斯分析仪工作时,电池内电路中电子由电极b 流向电极aB.电极b 是正极,O 2-由电极a 流向电极bC.电极a 的反应式为:CH 4+4O 2--8e -=CO 2+2H 2OD.当固体电解质中有1mol O 2-通过时,电子转移4mol13.利用CO 和H 2在催化剂的作用下合成甲醇,发生的反应如下:CO(g)+2H 2(g)CH 3OH(g).在体积一定的密闭容器中按物质的量之比1:2充入CO 和H 2,测得平衡混合物中CH 3OH 的体积分数在不同压强下随温度的变化如图所示.下列说法正确的是 A.该反应的△H ＜0,且p 1＜p 2B.反应速率:ν逆(状态A)＞ν逆(状态B)C.在C 点时,CO 转化率为75%D.在恒温恒压条件下向密闭容器中充入不同量的CH 3OH,达平衡时CH 3OH 的体积分数也不同二、选择题:本大题共8个小题,每小题6分,共48分.其中第14至18小题,每小题只有一个答案正确；第19至21题为多项选择题,选不全者得3分) 14.关于下列器材的原理和用途,正确的是A.变压器可以改变交变电压也能改变频率B.扼流圈对交流的阻碍作用是因为线圈存在电阻C.真空冶炼炉的工作原理是炉体产生涡流使炉内金属熔化D.磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用15.两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球,细线上端固定在同一点,若两个小球以相同的角速度,绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动,则两个摆球在运动过程中,相对位置关系示意图正确的是铝框磁电式仪表扼流圈接高频交流电源真空冶炼炉变压器16.一质量为0.5kg 的物体受到一竖直方向拉力F 的作用向上做直线运动,假定物体开始时所在平面为零势能面,机械能E 随位移h 的变化规律如图所示,若h 上升到3.5m 后撤去拉力F(整个过程空气阻力不计),下列关于物体的运动情况的说法不正确的是A.0.5m ～2.5m 过程,物体做匀速直线运动B.2.5m ～3m 过程,物体的加速度为gC.2.5m ～3m 过程,物体做匀速直线运动D.物体能上升到的最大高度为4m17.A 、B 为两等量异种电荷,图中水平虚线为A 、B 连线的中垂线.现将另两个等量异种的检验电荷a 、b,如图用绝缘细杆连接后从离AB 无穷远处沿中垂线平移到AB 的连线,平移过程中两检验电荷位置始终关于中垂线对称.若规定离AB 无穷远处电势为零,则下列说法中正确的是A.在AB 的连线上a 所处的位置电势φa ＜0B.a 、b 整体在AB 连线处具有的电势能E P ＞0C.整个移动过程中,静电力对a 做正功D.整个移动过程中,静电力对a 、b 整体做正功18.已知某卫星在赤道上空轨道半径为r 1的圆形轨道上绕地运行的周期为T,卫星运动方向与地球自转方向相同,赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正上方.假设某时刻,该卫星如图在A 点变轨进入椭圆轨道,近地点B 到地心距离为r 2.设卫星由A 到B 运动的时间为t,地球自转周期为T 0.不计空气阻力.则 A.T=3T 0/5 B.T=3T 0/8 C.121211()22r r T r r t r r ++=D.卫星由图中圆轨道进入椭圆轨道过程中,机械能不变 19.如图所示的正方形线框abcd 边长为L,每边电阻均为r,在垂直于纸面向里,磁感应强度为B 的匀强磁场中绕cd 轴以角速度ω匀速转动,c 、d 两点与一阻值为r 的电阻相连,各表均可视为理想表,导线电阻不计,则下列说法中正确的是A.线框abcd 产生的电流为交变电流B.当S 断开时,电压表的示数为零C.当S 断开时,电压表的示数为22/8B L ω D.当S 闭合时,电流表的示数为22/14B L r ω20.如图甲所示,水平挡板A 和竖直挡板B 固定在斜面C 上,一质量为m 的光滑小球恰能与两挡板和斜面同时接触.挡板A 、B 和斜面C 对小球的弹力大小分别为F A 、F B 和F C .现使斜面和物体一起在水平面上水平向左做加速度为a 的匀加速直线运动.若F A 和F B 不会同时存在,斜面倾角为θ,重力加速度为g,则图乙所列图像中,可能正确的是21.如图所示,由半圆和矩形组成的区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场,甲、乙两粒子从A 点沿水平直径AP以相同速度v0入射,结果甲、乙两粒子分别从C、D点射出,已知CD⊥AP,AQ=AP/4,∠COP=600,sin370=0.6,则下列说法中正确的是A.甲、乙两粒子比荷的比值为536B.35C.甲、乙两粒子在磁场中运行时间的比值为24337D.甲、乙两粒子在磁场中运行时间的比值为60/37第Ⅱ卷(共174分)22.(8分)某同学用如图甲所示的装置测量滑块与水平桌面之间的动摩擦因数.实验过程如下:(1)用游标卡尺测量出固定于滑块上的遮光条的宽度d= mm.在桌面上合适位置固定好弹簧和光电门,将光电门与数字计时器(图中未画出)连接.(2)用滑块把弹簧压缩到某一位置,测量出滑块到光电门的距离x.释放滑块,测出滑块上的遮光条通过光电门所用的时间t,则此时滑块的速度v= .(3)通过在滑块上增减砝码来改变滑块的质量m,仍用滑块将弹簧压缩到(2)中的位置,重复(2)的操作,得出一系列滑块质量m与它通过光电门时的速度v的值.根据这些数值,作出v2—m-1图象如图乙所示.已知当地的重力加速度为g.由图象可知,滑块与水平桌面之间的动摩擦因数μ=；弹性势能等于 .23.(7分)为了测定电源电动势E的大小、内电阻r和定值电阻R0的阻值,某同学利用传感器设计了如图甲所示的电路,闭合电键S，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时,通过电压传感器1、电压传感器2和电流传感器测得数据,用计算机分别描绘了如图乙所示的M、N两条U—I直线,请回答下列问题:(1)根据图乙中的M、N两条直线可知( )A.直线M是根据电压传感器1和电流传感器的数据绘得的B.直线M是根据电压传感器2和电流传感器的数据绘得的C.直线N是根据电压传感器1和电流传感器的数据绘得的D.直线N是根据电压传感器2和电流传感器的数据绘得的(2)图乙中两直线M、N交点处所对应的电路中的工作状态是__________.A.滑动变阻器的滑头P滑到了最左端B.电源的输出功率最大C.定值电阻R0上消耗的功率为0.5WD.电源的效率达到最大值(3)根据图乙可以求得定值电阻R0=_________Ω；(4)电源电动势E=________V,内电阻r=__________Ω.24.(14分)某高速公路的一个出口路段如图所示,情景简化:轿车从出口A进入匝道,先匀减速直线通过下坡路段至B点(通过B点前后速率不变),再匀速率通过水平圆弧路段至C点,最后从C点沿平直路段匀减速到D点停下.已知轿车在A点的速度v0=72km/h,AB长L1=l50m；BC为四分之一水平圆弧段,限速(允许通过的最大速度)v=36km/h,轮胎与BC段路面间的动摩擦因μ=0.5,最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力,CD段为平直路段长L2=50m,重力加速度g取l0m/s2.(1)若轿车到达B点速度刚好为v=36km/h,求轿车在AB下坡段加速度的大小；(2)为保证行车安全,车轮不打滑,求水平圆弧段BC半径R的最小值及轿车A点到D点全程的最短时间.25.(18分)如图，绝缘光滑斜面倾角θ=370,在区域I内有垂直于斜面向上的匀强磁场,区域Ⅱ内有垂直于斜面向下的匀强磁场,磁感应强度大小均为B=1T,宽度均为d=0.4m,MN为两磁场的分界线.质量为0.06kg的矩形线框abcd,边长分别为L=0.6m和d=0.4m,置于斜面上端某处,ab边与磁场边界、斜面底边平行.由静止释放线框,线框沿斜面下滑,恰好匀速进入区域I,已知线框的总电阻R=0.5Ω.(1)求ab边在区域I内运动时,线框的速度v 0的大小；(2)求当ab边刚进入区域Ⅱ时,线框的发热功率P；(3)将ab边进入区域Ⅱ时记为t=0时刻,为使线框此后能以大小为0.4m/s2方向沿斜面向上的加速度做匀变速运动,需在线框上施加一沿斜面方向的外力,求t=0时的外力F；(4)请定性画出(3)的情景中,t=0之后外力F随时间t变化的图像.26.(14分)硫酸铜受热分解生成氧化铜和气体,加热温度不同,气体成分也不同.气体成分可能含SO2、SO3和O2中的一种、两种或三种.某化学课外活动小组通过设计探究性实验,测定反应产生的SO2、SO3和O2的物质的量,并计算确定各物质的化学计量数,从而确定CuSO4分解的化学方程式.实验用到的仪器如下图所示:【提出猜想】Ⅰ.所得气体的成分可能只含SO3一种；Ⅱ.所得气体的成分可能含有________两种；Ⅲ.所得气体的成分可能含有________三种.【实验探究】实验操作过程略.已知实验结束时,硫酸铜完全分解.(1)请你组装探究实验的装置,按从左至右的方向,各仪器接口的连接顺序为:①→⑨→⑩→⑥→⑤→________→________→________→________→②(填接口序号).(2)若实验结束时B中量筒没有收集到水,则证明猜想________正确.(3)有两个实验小组进行该实验,由于加热时的温度不同,实验结束后测得相关数据也不同,数据如下:实验小组称取CuSO4的质量/g 装置C增加的质量/g 量筒中水的体积折算成标准状况下气体的体积/mL一 6.4 2.56 448二 6.4 2.56 224请通过计算,推断出第一小组和第二小组的实验条件下CuSO4分解的化学方程式.第一小组:______________________________________________；第二小组:_______________________________________________.27.(15分)为回收利用废钒催化剂(含有V2O5、VOSO4及不溶性残渣),科研人员最新研制了一种离子交换法回收钒的新工艺,主要流程如下:部分含钒物质在水中的溶解性如下:物质VOSO4V2O5NH4VO3（VO2）2SO4溶解性可溶难溶难溶易溶回答下列问题:⑴工业由V2O5冶炼金属钒常用铝热剂法,写出该反应的化学方程式 .⑵图中所示滤液中含钒的主要成分为(写化学式).有学者建议将滤液进行如下处理后再用KClO3氧化上图中的萃取与反萃取的变化过程可简化为(下式R表示VO2+,HA表示有机萃取剂).RSO4(水层)+ 2HA(有机层)RA2(有机层)+H2SO4(水层),上图中的X试剂为_____；这种萃取与反萃取过程有别于用CCl4萃取碘水中的碘，二者的相同点是__________________,不同点是_______________ ⑶该工艺中反应③的沉淀率(又称沉钒率)是回收钒的关键之一,该步反应的离子方程式_____________ ；沉钒率的高低除受溶液pH影响外,还需要控制氯化铵系数(NH4Cl加入质量与料液中V2O5的质量比)和温度.根据下图判断最佳控制氯化铵系数和温度为、.⑷用硫酸酸化的H2C2O4溶液滴定(VO2)2SO4溶液,以测定反应②后溶液中含钒量,完成反应的离子方程式为□VO2+＋□H2C2O4＋□_____=□VO2+＋□CO2↑＋□H2O.⑸全矾液流电池的电解质溶液为VOSO4溶液,电池的工作原理为:VO2+＋V2+＋2H+ VO2+＋H2O＋V3+电池充电时阳极的电极反应式为__________________.28.(14分)工业上用化学气相沉积法制备氮化硅,其反应如下:3SiCl4（g）+2N2（g）+6H2（g） =Si3N4（s）+12HCl（g）ΔH<0某温度和压强条件下,分别将1.25mol SiCl4(g)、1.0mol N2(g)、10.5mol H2(g)充入20L密闭容器内,进行上述反应,5min达到平衡状态,所得Si3N4（s）的质量是35.0g.已知:化学键Si一Cl N≡N H一H Si一N H一Cl键能（KJ/mol) a b c d e(1)计算该反应的ΔH=_______________(2)H2的平均反应速率是(3)平衡时容器内N2的浓度是(4)SiCl4（g）的转化率是%(5)下图为合成Si3N4反应中SiCl4平衡转化率与温度、压强的关系(n(SiCl4)、n(N2)、n(H2)仍按1.25 mol SiCl4（g）、1.0 mol N2（g）、10.5mol H2（g）投入)上图中压强最大的是_____(P1、P2、P3、P4),列式计算合成Si3N4反应在图中A点的分压平衡常数Kp= _______ (用平衡分压代替平衡浓度计算,分压=总压×物质的量分数,图中P2=13MPa)29.(9分)Ⅰ.气孔是CO2等气体进出叶片的通道,气孔导度表示单位时间内进入叶片表面单位面积的CO2的量,其单位mmol CO2•m-2•S-1,能反映气孔张开的程度.下表是植物A和植物B在一天中气孔导度的变化:请分析回答相关问题:(1)据表分析可知,沙漠植物的气孔导度变化更接近于植物 .(2)右图表示植物叶肉细胞中发生的物质代谢过程.凌晨3:00时,①②③④四种生理过程中,植物A和植物B都能完成的是 ,产生ATP的是 .Ⅱ.研究证实ATP既是“能量通货”,也可作为神经细胞间信息传递中的一种信号分子,其作为信号分子的作用机理如图所示.请分析回答下列问题:(1)研究发现,正常成年人安静状态下24小时有40 kg ATP发生转化,而细胞内ADP、ATP的浓度仅为2～10 mmol/L,为满足能量需要,机体生理性解决这一矛盾的途径是__________________________________.(2)由图可知,ATP在传递信号过程中,在细胞间隙中有关酶的作用下,磷酸基团逐个脱离下来,最后剩下的是________.(3)一些神经细胞不仅能释放典型神经递质,还能释放ATP,二者均能引起受体细胞的膜电位变化.据图分析,如果要研究ATP是否能在神经元之间起传递信号的作用,则图中的_____________属于无关变量,应予以排除.30.(8分)热休克蛋白(HSP)是细胞和机体受到高温侵袭或生存威胁时,合成量迅速增加的一类蛋白质(如HSP60、HSP90等),它们具有多种功能.请回答:(1)当细胞受高温刺激时,HSP迅速地被诱导出来,以避免细胞结构被破坏,这表明生物的性状是____________共同作用的结果.(2)甲图为HSP60发挥作用的示意图,据图推测HSP60所起的具体作用是____________.(3)癌细胞能在体内“恶劣环境”下存活的关键是HSP90比正常细胞的含量________,这提示我们在开发增强化疗和放疗效果的药物时应考虑______________________.(4)当细胞癌变时,会产生正常细胞原本不具有的蛋白质,它可引发免疫反应.在此过程中,热休克蛋白参与了识别作用(见乙图).①图中a表示T细胞的_________过程,清除癌变细胞的免疫方式是________________.②研制抗癌疫苗时最好提取纯化图中的________________________.31.(12分)野生型果蝇的眼形是圆眼,某遗传学家在研究中偶然发现一只棒眼雄果蝇,他想探究果蝇眼形的遗传特点,便设计了如图甲所示的实验(亲代果蝇均系纯合子).雄果蝇的染色体组成图及性染色体分区段如图乙所示.据图分析回答下列问题:(1)若F2中圆眼:棒眼=3:1,则该对性状受一对等位基因控制,_____是显性性状.若F2中圆眼:棒眼=27 : 37,则该对性状受_________对等位基因控制.(2)若该对性状受常染色体上一对等位基因控制,与果蝇眼形相关的基因型有_______种；若这对基因位于性染色体(X、Y染色体上的I区段),则与果蝇眼形相关的基因型有___种.(3)若F2中圆眼:棒眼=3:1,且仅雄果蝇中有棒眼,则控制圆眼、棒眼的等位基位于性染色体上,可能位于乙图中X、Y染色体的_________区段.(4)若已经研究清楚,该对性状受常染色体上一对等位基因控制.圆眼纯合果蝇与棒眼果蝇杂交,在后代群体中出现了一只棒眼果蝇.出现该棒眼果蝇的原因可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失,为了探究其原因,现有人设计了如下的实验步骤,请您帮助完成结果预测.(注:一对同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死；各型配子活力相同)①用该棒眼果蝇与基因型为Aa的果蝇杂交,获得F1；②F1自由交配,观察、统计F2表现型及比例.结果预测:Ⅰ.如果F2表现型及比例为圆眼:棒眼=____________,则为基因突变；Ⅱ.如果F2表现型及比例为圆眼:棒眼=_____________,则为染色体片段缺失.32.(10分)Ⅰ.现有A、B两个密闭、透明的生态瓶,其生物组成和光照条件见下表.一段时间后,发现A瓶的生态系统较生态瓶编号光照含微生物的泥沙浮游藻类水草浮游动物A + + + + +B －+ + + +注“+”表示有,“－”表示有.请回答:(1)A瓶中微生物、浮游藻类、水草和浮游动物共同组成了一个 ,浮游藻类和水草的种间关系为 .(2)一段时间后,B瓶中浮游藻类种群密度；浮游动物的种群密度降低,原因是 . Ⅱ.一片玉米农田就是一个生态系统.(1)同种植物单一品种相比,在不同田块种植甜玉米和糯玉米等不同品种,可增加多样性,提高农田生态系统的稳定性.(2)玉米螟幼虫能蛀入玉米茎秆和果穗内取食.若调查玉米螟幼虫的密度,应采用____________法.在我国的北方地区,亚洲玉米螟和欧洲玉米螟的分布区出现重叠,两种玉米螟可依靠不同的性信息素阻止基因交流,这种现象称为________________.选考题:每学科15分,共45分.每科任选一题做答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题号涂黑34.【3—4】(1)(5分)(填正确答案标号,选对一个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错一个扣3分,最低得分为0分)一列简谐横波沿x轴正方向传播,t时刻波形图如图中的实线所示,此时波刚好传到P点,t+0.6s时刻的波形如图中的虚线所示,a、b、c、P、Q是介质中的质点,则以下说法正确的是( )A.这列波的波速可能为50m/sB.质点a在这段时间内通过的路程一定小于30cmC.质点c在这段时间内通过的路程可能为60cmD.若T=0.8s,则当t+0.5s时刻,质点b、P的位移相同E.若T=0.8s,当t+0.4s时刻开始计时,则质点c的振动方程为y=0.1sin(2.5πt)(m)(2)(10分)如图所示为一巨大的玻璃容器,容器底部有一定的厚度,容器中装一定量的水,在容器底部有一单色点光源,已知水对该光的折射率为4/3,玻璃对该光的折射率为1.5,容器底部玻璃的厚度为d,水的深度也为d.求:①这种光在玻璃和水中传播的速度；②水面形成的光斑的面积(仅考虑直接由光源发出的光线).35.【3—5】(1)(5分)下列说法正确的是 (填正确答案标号,选对一个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错一个扣3分,最低得分为0分)A.聚变反应产生了新的原子核B.氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级辐射的光是紫外线,则从n=3的能级跃迁到n=l的能级辐射的光可能是可见光C.在核反应中,总体上,只有比结合能较小的原子核变成比结合能较大的原子核才会释放核能D.在核反应过程中亏损质量转变为能量,自然界能量不守恒E.在光电效应实验中,遏止电压与入射光的频率有关(2)(10分)如图所示,轻弹簧左端固定在水平地面的N点处,弹簧自然伸长时另一端位于O点,水平面MN段为光滑地面,M点右侧为粗糙水平面,现有质量相等均为m的A、B滑块,先用滑块B向左压缩弹簧至P点,B 和弹簧不栓接,由静止释放后向右运动与静止在M点的A物体碰撞,碰撞后A与B粘在一起,A向右运动了L 之后静止在水平面上,已知水平面与滑块之间滑动摩擦因数都为μ,求:(1)B刚与A碰撞后,A的速度大小?(2)B将弹簧压缩至P点时克服弹力所做的功?(3)若将B物体换成质量是2m的C物体,其余条件不变,则求A向右运动的距离是多少?37．【化学—选修3物质结构与性质】（15分）钛、铬、铁、镍、铜等金属及其化合物在工业上有重要用途。

高三物理月考试题及答案-湖北襄阳市第五中学2016届高三5月高考模拟适应性考试(二)理综试题

2016年普通高等学校招生全国统一考试襄阳五中理综物理5月模拟考试（二）14.在研究匀变速直线运动的实验中,算出小车经过各计数点的瞬时速度如下为了算出加速度,最合理的方法是A ．根据任意两个计数点的速度,用公式ta ∆=算出加速度 B ．根据实验数据画出v-t 图象,量出其倾角,用公式a=tanα算出加速度C. 根据实验数据画出v-t 图象,由图线上任意两点所对应的速度及时间,用公式tv a ∆∆=算出加速度D. 依次算出通过连续两个计数点间的加速度,算出平均值作为小车的加速度15．暗物质是二十一世纪物理学之谜，对该问题的研究可能带来一场物理学的革命。

为了探测暗物质，我国在2015年12月17日成功发射了一颗被命名为“悟空”的暗物质探测卫星。

已知“悟空”在低于同步卫星的轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t （t 小于其运动周期），运动的弧长为s ，与地球中心连线扫过的角度为β（弧度），引力常量为G ，则下列说法中正确的是A ．“悟空”的线速度大于第一宇宙速度B ．“悟空”的环绕周期为2tπβC ．“悟空”的向心加速度小于地球同步卫星的向心加速度D ．“悟空”的质量为32s Gt β16．如图所示，小物块以初速度v 0从O 点沿斜面向上运动，同时从O 点斜向上抛出一个速度大小也为v 0的小球，物块和小球在斜面上的 P 点相遇。

已知物块和小球质量相等（均可视为质点），空气阻力忽略不计。

则下列说法正确的是（）A．斜面可能是光滑的B．小球运动到最高点时离斜面最远C．在P点时，小球的动能大于物块的动能D．小球和物块到达P点过程中克服重力做功的平均功率不相等17．如图甲所示，在倾斜角为θ的光滑斜面上放一轻质弹簧，其下端固定，静止时上端位置在B点，在A点放上一质量m=2.0kg的小物体，小物体自由释放，从开始的一段时间内的v﹣t图象如图乙所示，小物体在0.4s时运动到B点，在0.9s到达C点，BC的距离为1.2m（g=10m/s2），由图知（）A．斜面倾斜角θ=60°B．物体从B运动到C的过程中机械能守恒C．物块从C点回到A点过程中，加速度先增后减，再保持不变D．在C点时，弹簧的弹性势能为16J18．如图所示电路，已知R1＝3 kΩ，R2＝2 kΩ，R3＝1 kΩ，I＝10 mA，I1＝6 mA，则a、b 两点电势高低和通过R2中电流正确的是()A．a比b高，7 mA B．a比b高，2 mAC．a比b低，7 mA D．a比b低，2 mA19．如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平面上，三条细绳结于O点。

2015-2016学年湖北省襄阳五中高二(下)月考物理试卷(5月份)(解析版)

2015-2016学年湖北省襄阳五中高二（下）月考物理试卷（5月份）一、选择题1．下列说法中，正确的是（）A．物体的运动状态发生变化时，加速度一定发生了变化B．静止的物体也可能受到滑动摩擦力的作用C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了速度与下落时间成正比D．平放在桌面上的书受到的支持力，是由于桌面发生向上的形变而造成的2．如图所示，某同学沿一直线行走，现用频闪照相记录了他行走过程中9个位置的图片，观察图片，能比较正确反映该同学运动的速度﹣时间图象的是（）A．B．C．D．3．（2011•清城区一模）如图所示，放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B．A和B之间有一根处于压缩状态的弹簧．A、B均处于静止状态，下列说法中正确的是（）A．B受到向左的摩擦力B．B对A的摩擦力向左C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A没有摩擦力4．（2016春•无锡校级期末）一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下．某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB（照片中轨迹长度与实际长度相等）．该爱好者用直尺量出轨迹的长度，如图所示．已知拍摄时用的曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为（）A．20 mB．10 mC．6.5 cmD．45 m5．（2016•镇江校级一模）如图所示，a、b两个质量相同的球用线连接，a球用线挂在天花板上，b球放在光滑斜面上，系统保持静止，以下图示哪个是正确的（）A．B．C．D．6．为了测量运动员跃起的高度，可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力，并由计算机作出压力一时间图象，如图所示．运动员在空中运动时可视为质点，不计空气阻力，则可求运动员跃起的最大高度为（g=10m/s2）（）A．7.2 mB．5.0 mC．1.8 mD．3.6 m7．（2016•淄博三模）如图所示，斜面体M的底面粗糙，斜面光滑，放在粗糙水平面上．弹簧的一端固定在墙面上，另一端与放在斜面上的物块m相连，弹簧的轴线与斜面平行，若物块在斜面上做周期性往复运动，斜面体保持静止，则地面对斜面体的摩擦力f与时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．8．（2011•沧州三模）如图所示是汽车中的速度计．某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化，开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过7s后指针指示在如图乙所示的位置，若汽车做匀变速直线运动，下列说法正确的有（）A．右速度计直接读出的是汽车运动的平均速度B．右速度计直接读出的是汽车7s时的瞬时速度C．汽车运动的加速度约为5.7m/s2D．汽车运动的加速度约为1.6m/s29．（2014秋•龙岩期末）质量均为m、可视为质点的两小球，用三根相同细线OA、OB、AB悬挂，如图所示．现用一水平方向的力F作用于A处小球时，三根细线均处于伸直状态，且细线OB恰好竖直，两小球处于静止状态．设细线OA、OB、AB受到的拉力分别为T A、T B、T，则力T A、T B、T、F的大小正确的是（）A．T A=2mgB．T B=2mgC．T=2mgD．F=2mg10．如图所示，用轻绳吊一个重为G的小球，欲施一力F使小球在图示位置平衡（θ＜30°），下列说法不正确的是（）A．力F最小值为Gsin θB．若力F与绳拉力大小相等，力F方向与竖直方向必成θ角C．若力F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成θ角D．若力F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成2θ角二、实验题11．（2015•广东校级模拟）某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂﹣重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为（2）下列不必要的实验要求是（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次试验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出一个解决办法．．12．（2016春•厦门校级期末）某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带上每5个点取一个计数点，两个计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点时间顺序编号为0，1，2，3，4，5．由于不小心，纸带被撕断了，如图所示，请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是（2）打A纸带时，物体的加速度大小是m/s2三、计算题13．（2016春•厦门校级期末）某物理实验小组在游泳池做了一个实验，将一个小木球离水面7.2m高静止释放（不计空气阻力），经1.50s后落入池底速度刚好为零，假定木球在水中做匀减速直线运动，重力加速度g=10m/s2，求：（1）木球在水中运动的加速度的大小；（2）游泳池水的深度．14．（2015秋•重庆校级期中）如图所示，一个质量为m=4kg的物体放在水平地面上，当给物体施加一个水平恒力F1=32N时，恰好可以匀速滑动（g=10m/s2，已知cos37°=0.8，sin37°=0.6），求：（1）物体与水平面间的滑动摩擦因数μ；（2）若把原来的水平力改为与水平面成θ=37°的斜向下力F2，为了让物体匀速运动，F2应为多大．15．（2016春•厦门校级期末）A、B两车在同一直线上向右匀速运动，B车在A车前，A车的速度大小为v1=8m/s，B车的速度大小为v2=20m/s，如A、B两车在同一直线上向右匀速运动，B车在A车前，A车的速度大小为v1=8m/s，B车的速度大小为V2=20m/s，如图所示．当A、B两车相距x0=28m时，B车因前方突发情况紧急刹车（已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动），加速度大小为a=2m/s2，从此时开始计时，求：（1）A车追上B车之前，两者相距的最大距离；（2）A车追上B车所用的时间；（3）从安全行驶的角度考虑，为避免两车相撞，在题设条件下，A车在B车刹车的同时也应刹车的最小加速度．16．（2016春•厦门校级期末）倾角30°的斜面体放在水平地面上，小车与斜面之间光滑，斜面体与地面之间粗糙，用两根轻绳跨过两个固定的定滑轮一端接在小车上（滑轮与斜面没有连接），另一端分别悬挂质量为2m和m的物体A、B，当小车静止时两绳分别平行，垂直于斜面，如图所示，不计滑轮摩擦．（1）求小车的质量；（2）现使A、B位置互换，当系统再次静止时，地面与斜面体之间的摩擦力大小；（3）当A、B位置互换后，换用多大质量的小车可以使小车放在斜面上而斜面体与地面刚好没有摩擦力．2015-2016学年湖北省襄阳五中高二（下）月考物理试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题1．下列说法中，正确的是（）A．物体的运动状态发生变化时，加速度一定发生了变化B．静止的物体也可能受到滑动摩擦力的作用C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了速度与下落时间成正比D．平放在桌面上的书受到的支持力，是由于桌面发生向上的形变而造成的【考点】弹性形变和范性形变；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法【分析】物体的运动状态发生变化时，只是物体的速度发生了变化，加速度不一定变化；运动的物体可能受到静摩擦力作用，静止的物体也可能受到滑动摩擦力的作用；伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证；平放在桌面上的书受到的支持力，是由于桌面发生向下的形变而造成的；【解答】解：A、物体做匀变速直线运动时，速度大小变化了，故物体的运动状态发生了变化，但是加速度是个定值．所以物体的运动状态发生变化时，加速度不一定发生了变化，故A错误；B、静止的物体也可能受到滑动摩擦力的作用，例如擦黑板时，黑板是静止的，受到的摩擦力是滑动摩擦力，故B正确；C、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故C错误；D、平放在桌面上的书受到的支持力，是由于桌面发生向下的形变，恢复形变时对书产生向上的弹力即支持力，故D错误；故选：B．【点评】本题考查知识点较多，考查了加速度与运动状态的关系、摩擦力、斜面实验以及弹力的产生，比较容易出错，解题时要准确理解有关概念，可以适当用举例反证法去证明结论是错误的．2．如图所示，某同学沿一直线行走，现用频闪照相记录了他行走过程中9个位置的图片，观察图片，能比较正确反映该同学运动的速度﹣时间图象的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】从图片看出，此人先向右运动，后向左运动．频闪照相每次拍照的时间间隔相同，根据相邻位置位移的变化，分析人的运动情况，再选择速度图象．【解答】解：从图片看出，此人先向右运动，后向左运动．向右运动过程中，相邻位置的距离逐渐增大，速度越来越大，大致做匀加速运动．后来，向左运动，相邻位置间距相等，大致做匀速运动，能大致反映该同学运动情况的速度﹣时间图象是D．故D正确．故选：D．【点评】本题考查分析实际问题的能力．分析物体的运动情况，找出运动情况与速度图象对应关系是关键．3．（2011•清城区一模）如图所示，放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B．A和B之间有一根处于压缩状态的弹簧．A、B均处于静止状态，下列说法中正确的是（）A．B受到向左的摩擦力B．B对A的摩擦力向左C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A没有摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】压缩状态的弹簧对B有向左的弹力，B有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，根据牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力向左．对整体研究，地面对A没有摩擦力【解答】解：A、压缩状态的弹簧对B有向左的弹力，B有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力．故A错误．B、由上可知：A对B的摩擦力向右，根据牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力向左．故B 正确．C、D对整体研究，根据平衡条件分析可知，地面对A没有摩擦力．故C错误，D正确．故选BD【点评】本题关键是灵活选择研究对象．对物体受力分析时往往根据平衡条件和牛顿第三定律来分析．4．（2016春•无锡校级期末）一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下．某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB（照片中轨迹长度与实际长度相等）．该爱好者用直尺量出轨迹的长度，如图所示．已知拍摄时用的曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为（）A．20 mB．10 mC．6.5 cmD．45 m【考点】自由落体运动【分析】根据照片上痕迹的长度，可以知道在曝光时间内物体下落的距离，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，由于时间极短，可以近似表示A点对应时刻的瞬时速度，最后再利用自由落体运动的公式可以求得下落的距离．【解答】解：由图可知AB的长度为2cm，即0.02m，曝光时间为s，所以AB段的平均速度的大小为：v=，由于时间极短，故A点对应时刻的瞬时速度近似为20m/s由自由落体的速度位移的关系式v2=2gh可得，h=．故选：A．【点评】由于AB的运动时间很短，我们可以用AB段的平均速度来代替A点的瞬时速度，由此再来计算下降的高度就很容易了，通过本题一定要掌握这种近似的方法．5．（2016•镇江校级一模）如图所示，a、b两个质量相同的球用线连接，a球用线挂在天花板上，b球放在光滑斜面上，系统保持静止，以下图示哪个是正确的（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】先对b球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件先判断下面的细线的方向；再对ab两个球整体受力分析，受重力、支持力和拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细线的方向．【解答】解：对b球受力分析，受重力、斜面对其垂直向上的支持力和细线的拉力，由于三力平衡时三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故细线拉力向右上方，故A图错误；再对ab两个球整体受力分析，受总重力、斜面垂直向上的支持力和上面细线的拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细线的拉力方向斜向右上方，故C、D图均错误；故选B．【点评】本题关键是先通过对b球受力分析后判断出下面细线的拉力方向，再对两球整体受力分析，判断上面细线的拉力方向．6．为了测量运动员跃起的高度，可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力，并由计算机作出压力一时间图象，如图所示．运动员在空中运动时可视为质点，不计空气阻力，则可求运动员跃起的最大高度为（g=10m/s2）（）A．7.2 mB．5.0 mC．1.8 mD．3.6 m【考点】竖直上抛运动【分析】运动员离开弹性网后做竖直上抛运动，图中压力传感器示数为零的时间即是运动员在空中运动的时间，根据平抛运动的对称性可知，运动员竖直上抛或自由下落的时间为空中时间的一半，据此可求出运动员跃起的最大高度．【解答】解：由图可知运动员在空中的最长时间为：t=4.3s﹣2.3s=2s运动员做竖直上抛运动，根据运动的对称性，所以下落过程的最长时间为：t下==1s则运动员跃起最大高度为：h==5.0m．故B正确，A、C、D错误．故选：B【点评】竖直上抛运动的对称性特点，是对竖直上抛运动考查的重点，要熟练掌握和应用．要读懂图象的意义，找出运动员在空中运动的时间．7．（2016•淄博三模）如图所示，斜面体M的底面粗糙，斜面光滑，放在粗糙水平面上．弹簧的一端固定在墙面上，另一端与放在斜面上的物块m相连，弹簧的轴线与斜面平行，若物块在斜面上做周期性往复运动，斜面体保持静止，则地面对斜面体的摩擦力f与时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】物块在光滑的斜面上做简谐运动，对斜面的压力N1等于物块重力垂直于斜面的分力．斜面体处于静止，分析受力，作出力图，由平衡条件分析地面对斜面体的摩擦力f与时间t的关系．【解答】解：设斜面的倾角为θ．物块在光滑的斜面上做简谐运动，对斜面的压力N1等于物块重力垂直于斜面的分力，即N1=mgcosθ．以斜面体为研究对象，作出力图如图．地面对斜面体的摩擦力f=N1sinθ=mgsinθcosθ因为m，θ不变，所以f不随时间变化．故选：A．【点评】本题关键抓住物块对斜面的压力不变，不要被物块做简谐运动迷惑．8．（2011•沧州三模）如图所示是汽车中的速度计．某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化，开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过7s后指针指示在如图乙所示的位置，若汽车做匀变速直线运动，下列说法正确的有（）A．右速度计直接读出的是汽车运动的平均速度B．右速度计直接读出的是汽车7s时的瞬时速度C．汽车运动的加速度约为5.7m/s2D．汽车运动的加速度约为1.6m/s2【考点】瞬时速度；平均速度；加速度【分析】速度计测量的瞬时速度的大小，根据两个时刻的速度大小，根据加速度的定义式求出加速度的大小．【解答】解：AB、速度计测量的是某个时刻的瞬时速度的大小，即瞬时速率．故A错误，B正确．CD、7s前的瞬时速度大小为20km/h，7s后的瞬时速度大小为60km/h，则速度的变化量为40km/h≈11.2m/s，则加速度．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道速度计显示的是瞬时速率，知道加速度的定义式．9．（2014秋•龙岩期末）质量均为m、可视为质点的两小球，用三根相同细线OA、OB、AB悬挂，如图所示．现用一水平方向的力F作用于A处小球时，三根细线均处于伸直状态，且细线OB恰好竖直，两小球处于静止状态．设细线OA、OB、AB受到的拉力分别为T A、T B、T，则力T A、T B、T、F的大小正确的是（）A．T A=2mgB．T B=2mgC．T=2mgD．F=2mg【考点】库仑定律；电势差与电场强度的关系【分析】由题OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力，以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出F．【解答】解：以B球为研究对象：OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力，即T B=0．再以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图如图，根据平衡条件得：F=mgtan60°=mg；而T A==2mg，由上分析可知，A正确，BCD错误；故选：A．【点评】本题的关键是根据OB细线恰好处于竖直方向分析细线AB的拉力为零，对于A球是三力平衡问题，常规题．10．如图所示，用轻绳吊一个重为G的小球，欲施一力F使小球在图示位置平衡（θ＜30°），下列说法不正确的是（）A．力F最小值为Gsin θB．若力F与绳拉力大小相等，力F方向与竖直方向必成θ角C．若力F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成θ角D．若力F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成2θ角【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】本题关键根据三力平衡条件判断，三个力中重力大小方向都一定，绳子拉力方向一定，大小未知，拉力F大小方向都未知，然后根据平衡条件，结合平行四边形定则分析．【解答】解：A、小球受到三个力，由于三个力中重力大小方向都一定，绳子拉力方向一定，大小未知，拉力F大小方向都未知，将重力按照另外两个力的反方向分解，如图，由图象可知，当拉力F与绳子垂直时，拉力最小，有最小值Gsinθ，故A正确；B、若力F与绳拉力大小相等，拉力与力F的合力必然在两个力的角平分线上，同时还要与重力方向相反并在一条直线上，故B正确；C、D、若力F与G大小相等，则两力的合力必须与绳子在一条直线上，并且在两个力的角平分线上，故力F方向与竖直方向成2θ角，故C错误，D正确；本题选错误的，故选C．【点评】本题关键抓住三力平衡的条件，三个力中任意两个力必然与第三个力等值、反向、共线．二、实验题11．（2015•广东校级模拟）某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂﹣重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为 3.6N（2）下列不必要的实验要求是D（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次试验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出一个解决办法．．【考点】验证力的平行四边形定则【分析】弹簧测力计A挂于固定点，下端用细线挂一重物．当弹簧测力计B一端用细线系于O点，当向左拉使结点静止于某位置．弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向．虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力．当结点静止于某位置时，弹簧测力计B的大小与方向就已确定了．原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计A大小与方向也一定，所以两力的合力必一定．当出现超出弹簧测力计A的量程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的．【解答】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．故答案为：3.6．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．（3）当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大．又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计B拉细线的方向，或改变弹簧测力计B拉力的大小，从而使测力计A不超出量程．故答案为：（1）3.6N （2）D （3）减小M的质量、减小OP与竖直方向的夹角、减小簧测力计B拉力的大小．【点评】通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示．同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤．12．（2016春•厦门校级期末）某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带上每5个点取一个计数点，两个计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点时间顺序编号为0，1，2，3，4，5．由于不小心，纸带被撕断了，如图所示，请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是C（2）打A纸带时，物体的加速度大小是 6.6m/s2【考点】测定匀变速直线运动的加速度【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出4、5两点的距离，从而确定哪段是撕下的．通过△x=aT2求出物体的加速度．【解答】解：（1）x12﹣x01=36.6﹣30.0cm=6.6cm，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，则x45=x01+4×6.6cm=56.4cm，故C正确．（2）根据△x=aT2得，a==m/s2=6.6m/s2．故答案为：（1）C；（2）6.6．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，即在连续相等时间内的位移之差是一恒量．三、计算题13．（2016春•厦门校级期末）某物理实验小组在游泳池做了一个实验，将一个小木球离水面7.2m高静止释放（不计空气阻力），经1.50s后落入池底速度刚好为零，假定木球在水中做匀减速直线运动，重力加速度g=10m/s2，求：（1）木球在水中运动的加速度的大小；（2）游泳池水的深度．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；自由落体运动【分析】（1）木球先做自由落体运动，进入水中后做匀减速运动．先根据自由落体运动的位移时间公式得出自由下落的时间，根据速度时间公式得出木球进入水中的初速度，结合速度时间公式求出木球在水中运动的加速度大小．（2）根据匀变速直线运动的平均速度推论求出游泳池水的深度．【解答】解：（1）设木球做自由落体运动的时间为t1由运动学公式得：h1=代入数据解出：t1=1.2s木球入水时的速度：v=gt1=12m/s木球在水中运动的时间：t2=1.5s﹣t1=0.3s木球做匀减速运动过程的加速度：a==m/s2=﹣40m/s2；加速度大小为40m/s2．（2）游泳池水的深度：h2==m=1.8m．答：（1）木球在水中运动的加速度的大小为40m/s2；（2）游泳池水的深度为1.8m．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，理清木球的运动规律，结合运动学公式灵活求解．14．（2015秋•重庆校级期中）如图所示，一个质量为m=4kg的物体放在水平地面上，当给物体施加一个水平恒力F1=32N时，恰好可以匀速滑动（g=10m/s2，已知cos37°=0.8，sin37°=0.6），求：（1）物体与水平面间的滑动摩擦因数μ；（2）若把原来的水平力改为与水平面成θ=37°的斜向下力F2，为了让物体匀速运动，F2应为多大．【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算。

【全国百强校】湖北省襄阳市第五中学2016届高三5月高考模拟适应性考试(一)理综物理试题(原卷版)

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第l4～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合要求。

全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．如图所示为商城中智能电梯，无人时，自动扶梯以较小的速度运行，当有顾客站到扶梯上时，扶梯先加速，后匀速将顾客从一楼运送到二楼.速度方向如图所示. 若顾客与扶梯保持相对静止，下列说法正确的是（）A．在加速阶段，顾客所受支持力大于顾客的重力B．在匀速阶段，顾客所受支持力大于顾客的重力C．在加速阶段，顾客所受摩擦力与速度方向相同D．在匀速阶段，顾客所受摩擦力与速度方向相同15.甲、乙两车从同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化图象如图所示。

关于两车的运动情况，下列说法正确的是A．在0～4s内甲车做匀加速直线运动，乙车做匀减速直线运动B．在0—2s内两车间距逐渐增大，2s～4s内两车间距逐渐减小C．在t=2s时甲车速度为3m/s，乙车速度为4.5m/sD．在t=4s时甲车恰好追上乙车16．2016年2月18日，中国探月工程领导小组宣布：“嫦娥五号”探测器正式转入正样研制阶段，预计于2017年前后完成研制并择机发射。

嫦娥五号”登月后将再次从月球起飞，并以“跳跃式返回技术”成功返回地面,完成探月工程的重大跨越——带回月球样品。

“跳跃式返回技术”是指航天器在关闭发动机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层。

如图所示，虚线为大气层的边界。

已知地球半径为R,d点距地心距离为r，地球表面重力加速度为g。

则下列说法正确的是A ．“嫦娥五号”在b 点处于完全失重状态B ．“嫦娥五号”在d 点的加速度大小等于22gr RC ．“嫦娥五号”在c 点和e 点的速率相等D ．“嫦娥五号”在返回全程机械能守恒17．已知静电场中某点的电势为标量：若取无穷远处电势为零，在一带电荷量为+q 的点电荷的电场中，与点电荷相距r 处的电势为φ＝kqr；如果某点处在多个点电荷所形成的电场中，则电势为每一个点电荷在该点所产生的电势的代数和。

湖北省襄阳市高三上学期月考物理试卷有答案

湖北省襄阳市2016届高三上学期月考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题3分，满分28分）1．图示为质点做直线运动的v﹣t图像，关于这个质点在4 s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．质点始终向同一方向运动B．4 s时物体离出发点最远C．加速度大小不变，方向与初速度方向相同D．4 s内位移为0，而通过的路程为4 m2．跳水运动是我国体育比赛的强项，如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板（A位置）上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点（B位置）。

对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程，下列说法中正确的是（）A．运动员一直处于超重状态B．运动员所受重力对其做的功在数值上小于跳板弹性势能的增加量C．运动员的机械能守恒D．运动员的动能一直在减小3．一质量为m的铝球用细线悬挂静止在足够深的油槽中（如图甲），某时刻剪断细线，铝球开始在油槽中下沉运动，通过传感器得到铝球的加速度随下沉速度变化的图像如图乙所示，已知重力加速度为g，根据上述信息，下列说法正确的是（）A．铝球下沉的速度越来越小B．剪断细线后，油槽对地面的压力先增大后不变C．释放以后，铝球加速度随时间均匀减小板间滑动摩擦力大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块。

当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为x，下列结论中正确的是（）A．上述过程中，F做的功等于滑块和木板动能的增量B．其他条件不变的情况下，M越大，x越小C．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长D．其他条件不变的情况下，f越大，滑块与木板间产生的热量越多8．如图，两根足够长光滑平行金属导轨PP′、QQ′倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面，导轨的上端与水平放置的两金属板M、N相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ba水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好。

现同时由静止释放带电微粒和金属棒ab，则（）A．金属棒ab最终可能匀速下滑B．金属棒ab一直加速下滑C．金属棒ab下滑过程中M板电势高于N板电势D．带电微粒不可能先向N板运动后向M运动二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学用如图甲的装置来测定滑块与导轨间的动摩擦因数。

2016届湖北省高三5月联考理综物理试题正版cjm20160505

据要求做答
一
必考题
共 129
22． 5 用如图所示的装置验证机械能守恒定律装置的体是一个刻度尺的立柱，其装移动的铁夹 A 和电门 B 要实验骤如用游标卡尺测小球的直用细线将小球悬于铁架 d，如图乙所示，小球处于静状态
移动电门 B 使之对小球，固定电门在铁夹 A 固定一指针记录小球释放点的置
2016
湖
省高中
业生五物理试题
模拟考试理科综合
2016.5.5
二选择题本题共 8 小题，小题 6 题目要求，第 19～21 题多得0 14．太阳系中的大行星的轨道均以 lgR 布在列哪个坐标系的直线 A
在
小题给出的四个选
中，第 14～18 题只
一
符合
符合题目要求全部选对的得 6
，选对但全的得 3 AU 和 T 单
腰直角角形导线框，线框水向右匀速穿过磁场区域，其感电流 i 随移 x 是设逆时针电流方向方向，线框进入磁场区域时感电流 i0，L
的图象确的 C
直角边长
18．如图所示，竖直墙壁固定一个滑的半圆形支架 AB 绳的一端悬于 P 点，另一端小球相连已知半圆形支架的半
直
，支架
套着一个小球，轻 L，且 R < L < 2R
个点，它们均匀布在同一圆周，空间一电点的电势别
场方向圆面行的匀强电场已知 A B C
ϕ A = (2 − 3) V ϕ B = 2 V
ϕC = (2 + 3) V，列判断确的是 BC
A．电场强度的方向 B．圆心 O 处的电势 D 指向 A 2V
C．E F 两点间的电势差 D．A B C D E F

2016年中考物理湖北襄阳试卷(解析版)

一、单项选择题（下列各題均有四个选项，其中只有一个选项符合題意，请将其序号在答題卡上涂黑作答。

）1. 下列数据最接近实际的是A．人的正常体温约46℃B．初中生的身高一般为1.6m左右C．—个鸡蛋的质量1kg D．人跑步的速度20m/s【答案】B考点：温度；质量的估测；长度的估测；速度与物体运动2. 襄阳泰凯电子有限公司生产智能手机，出口到南美、南亚和非洲市场。

凋节手机的音量是改变声音的A．音调B．音色C．频率D．响度【答案】D【解析】试题分析：声音有三个特征：音调、响度和音色．音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能分辨物体。

使用手机时，调节音量按钮是为了改变声音的大小，调节的是声音的响度，故选D。

考点：响度3. 近期流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来了方便。

如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以A．增大物距B．增大像距C．增大人像的大小D．减小取景范围【答案】A试题分析：根据凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小，可知“自拍神器”与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，减小人像的大小，从而增大取景范围，取得更好的拍摄效果，故选A。

考点：凸透镜成像的应用4. 襄阳是一座美丽的山水园林古城，四季变化分明。

在下列物态变化现象中属于凝华的是A．护城河里的冰逐渐化成水B．青草上形成的“露珠”C．严冬的早晨在窗玻璃上出现的“冰花”D．羊祜山上形成的白雾【答案】C【解析】试题分析：冰化成水，由固态变成液态，是熔化现象，A不符合题意；青草上的露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，B不符合题意；严冬，窗玻璃上出现的“冰花”，是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，C符合题意；白雾的空气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，D不符合题意，故选C。

考点：生活中的凝华现象5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是.A．开关接在零线和灯泡之间B．三脚插头的用电器也可插入两孔插座工作C．家庭电路中，插座和各用电器之间是并联的D．用电器不慎起火后，应立即用水灭火【答案】C考点：安全用电原则6.用5N的水平拉力使木块在水平桌面上做匀速直线运动，现改用10N的水平拉力使木块仍在这一水平桌面上运动，此时木块受到的滑动摩擦力大小是A．大于5N，小于10N B．10N C．5N D．无法判断【解析】试题分析：木块在水平桌面上做匀速直线运动时，水平方向上受到拉力和滑动摩擦力作用，滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，拉力是5N，所以滑动摩擦力大小为5N；当改用10N的水平拉力使木块仍在这一桌面上运动时，压力大小和接触面粗糙程度不变，则滑动摩擦力大小保持5N不变，故C正确。

湖北省襄阳市2016届高三上学期月考物理试卷(1月份) 【精品解析】

2015-2016学年湖北省襄阳市高三（上）月考物理试卷（1月份）一、选择题（共8小题，每小题3分，满分28分）1．图示为质点做直线运动的v﹣t图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．质点始终向同一方向运动B．4s时物体离出发点最远C．加速度大小不变，方向与初速度方向相同D．4s内位移为0，而通过的路程为4m2．跳水运动是我国体育比赛的强项，如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然转态的跳板（A位置）上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点（B位置）．对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程，下列说法中正确的是（）A．运动员一直处于超重状态B．运动员所受重力对其做的功在数值上小于跳板弹性势能的增加量C．运动员的机械能守恒D．运动员的动能一直在减小3．一质量为m的铝球用细线悬挂静止在足够深的油槽中（如图甲），某时刻剪断细线，铝球开始在油槽中下沉运动，通过传感器得到铝球的加速度随下沉速度变化的图象如图乙所示，已知重力加速度为g，根据上述信息，下列说法正确的是（）A．铝球下沉的速度越来越小B．剪断细线后，油槽对地面的压力先增大后不变C．释放以后，铝球加速度随时间均匀减小D．铝球下沉过程机械能的减少量等于克服油所受摩擦阻力所做的功4．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF ＞∠NFE．则（）A．E带正电，F带负电，且Q E＞Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能5．如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN 是一竖直放置的感光板．从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场射入大量的带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m．不考虑粒子间的相互作用力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是（）A．只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN上B．即使是对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也不一定过圆心C．只要速度满足，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上D．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长6．如图所示，电路中的变压器为理想变压器，K为单刀双掷开关，P是滑动变阻器R的滑片，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1、I2分别为原线圈和副线圈中的电流．下列说法正确的是（）A．保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则R上消耗的功率减小B．保持P的位置及U1不变，S由a切换到b，则I2减小C．保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则I1增大D．保持U1不变，S接在b端，将P向上滑动，则I1减小7．如图所示，质量为M、长为L的木板置于光滑水平面上，一质量为m的滑块放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为x，下列结论中正确的是（）A．上述过程中，F做的功等于滑块和木板动能的增量B．其他条件不变的情况下，M越大，x越小C．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长D．其他条件不变的情况下，f越大，滑块与木板间产生的热量越多8．如图，两根足够长光滑平行金属导轨PP′、QQ′倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面，导轨的上端与水平放置的两金属板M、N相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好．现同时由静止释放带电微粒和金属棒ab，则（）A．金属棒ab最终可能匀速下滑B．金属棒ab一直加速下滑C．金属棒ab下滑过程中M板电势高于N板电势D．带电微粒不可能先向N板运动后向M运动二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学用如图甲的装置来测定滑块与导轨间的动摩擦因数．在气垫导轨上安装了两个光电门l、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线跨过定滑轮与钩码相连．（1）用游标卡尺测光电门遮光条的宽度d，图乙中游标卡尺读数为cm．滑块在轨道上做匀加速运动时，先后通过光电门1、2所用的时间分别为t1、t2，两光电门间的距离为L，用d、t1、t2、L 表示滑块运动的加速度a=；（2）要使细线中拉力近似等于钩码重力，滑块质量M与钩码质量m应满足关系．（3）满足（2）后，调整气垫导轨水平，断开气源时，测得滑块在轨道上运动的加速度为a1；不改变钩码的质量，接通气源，测得滑块在轨道上运动的加速度为a2，用a1、a2、g 表示滑块与导轨间的动摩擦因数μ=．10．某学习小组探究电学元件的伏安特性曲线．（1）甲同学要描绘一个标有“3.6V，1.2W”的小灯泡的伏安特性曲线，除了导线和开关外，还有以下可供选择的器材：电压表V（量程5v，内阻约为5kΩ，）直流电源E（电动势4.5V，内阻不计）电流表A1（量程350mA，内阻约为1Ω）电流表A2（量程150mA，内阻约为2Ω）滑动变阻器R1（阻值0～200Ω）滑动变阻器R2（阻值0～l0Ω）实验中电流表应选，滑动变阻器应选（填写器材代号）；在方框中画出完整的实验电路图，并标明器材代号．（2）乙同学利用甲同学的电路分别描绘了三个电学元件的伏安特性曲线，如图甲所示．然后他用如图乙所示的电路分别给三个元件供电，并测出给元件1和元件2供电时的电流和电压值，分别标在图甲上（A点和B点）．已知R o=9.0Ω，则该电源的电动势E′=V，内电阻r'=Ω．用图乙的电路单独给元件3供电时，元件3的电功率P=W．11．从地面上以初速度v0=9m/s竖直向上抛出一质量为m=0.1kg的球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比关系，球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1=3m/s，且落地前球已经做匀速运动．（g=10m/s2）求：（1）球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功；（2）球抛出瞬间的加速度大小．12．如图所示，在直角坐标系x0y内，有一质量为m，电荷量为+q的粒子A从原点O沿y 轴正方向以初速度v0射出，粒子重力忽略不计，现要求该粒子能通过点P（a，﹣b），可通过在粒子运动的空间范围内加适当的“场”来实现．（1）若只在整个Ⅰ、Ⅱ象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子A在磁场中作匀速圆周运动，并能到达P点，求磁感应强度B的大小；（2）若只在x轴上某点固定一带负电的点电荷Q，使粒子A在Q产生的电场中作匀速圆周运动，并能到达P点，求点电荷Q的电量大小；（3）若在整个Ⅰ、Ⅱ象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，并在第IV象限内加平行于x轴，沿x轴正方向的匀强电场，也能使粒子A运动到达P点．如果此过程中粒子A在电、磁场中运动的时间相等，求磁感应强度B的大小和电场强度E 的大小．三、选做题【物理-选修3-3】13．下列说法中正确的是（）A．气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B．布朗运动不是液体分子的运动，但它可以说明分子在永不停息地做无规则运动C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律E．某气体的摩尔体积为v，每个分子的体积为v0，则阿伏加德罗常数可表示为N A=14．如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m的密闭活塞，活塞A导热，活塞B绝热，将缸内理想气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分．初状态整个装置静止不动且处于平衡状态，Ⅰ、Ⅱ两部分气体的高度均为l0，温度为T0．设外界大气压强为P0保持不变，活塞横截面积为S，且mg=P0S，环境温度保持不变．求：在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞B下降的高度．四、【物理-选修3-4】15．在以下各种说法中，正确的是（）A．变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场B．相对论认为：真空中的光速大小在不同惯性参照系中都是相同的C．横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期D．机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象E．如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去16．投影仪的镜头是一个半球形的玻璃体，光源产生的单色平行光投射到平面上，经半球形镜头折射后在光屏MN上形成一个圆形光斑．已知镜头半径为R，光屏MN到球心O的距离为d（d＞3R），玻璃对该单色光的折射率为n，不考虑光的干涉和衍射．求光屏MN上被照亮的圆形光斑的半径．五、【物理-选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应B．用加热、加压或改变其化学状态的方法都不能改变原子核衰变的半衰期C．一个氢原子从量子数n=3的激发态跃迁到基态时最多可产生2条不同频率的谱线D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为该束光的波长太短E．铀核（U）衰变为铅核（Pb）的过程中，要经过8次α衰变和6次β衰变18．如图所示，内表面光滑的半球壳固定在平板小车上，A、C等高．球壳与小车总质量为M，球壳内半径为R，小车置于光滑水平面上．初始时球壳最高点A 靠在竖直墙上，现将一质量为m的可视为质点的小球沿球壳内表面由A处自由释放，求小球沿光滑球面上滑的最大高度．2015-2016学年湖北省襄阳市高三（上）月考物理试卷（1月份）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题3分，满分28分）1．图示为质点做直线运动的v﹣t图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．质点始终向同一方向运动B．4s时物体离出发点最远C．加速度大小不变，方向与初速度方向相同D．4s内位移为0，而通过的路程为4m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度的正负判断速度的方向．速度图象的斜率等于加速度．根据图线速度变化的变化分析物体做什么运动．【解答】解：A、由图看出，在前2s内，物体沿负方向运动，在后2s内物体沿正方向运动，运动方向发生了改变．故A错误．B、物体在前2s内向负方向做匀减速运动．后2s内向正方向做匀加速直线运动，4s内的位移是0，即回到原点，4s内的路程s=．故B错误，D正确．C、速度图线的斜率等于加速度，直线的斜率不变，说明物体的加速度大小和方向都不变．加速度始终沿正方向，而物体的初速度方向沿负方向，所以加速度方向与初速度方向相反，故C错误．故选：D2．跳水运动是我国体育比赛的强项，如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然转态的跳板（A位置）上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点（B位置）．对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程，下列说法中正确的是（）A．运动员一直处于超重状态B．运动员所受重力对其做的功在数值上小于跳板弹性势能的增加量C．运动员的机械能守恒D．运动员的动能一直在减小【考点】牛顿运动定律的应用﹣超重和失重．【分析】本题的关键是首先对运动员受力分析，明确受到的弹力从零逐渐增大，然后根据牛顿第二定律和功能原理即可求解．【解答】解：A、D、运动员从A到B过程中，人受到向下的重力和向上的弹力，在开始下落阶段弹力小于重力，后弹力大于重力，由牛顿第二定律可知加速度方向先向下后向上，人先做加速后减速，即动能应先增大后减小，根据牛顿第二定律得知，运动员先处于失重状态，后处于超重状态，故A错误，D错误．B、对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程，重力做正功，跳板对其作用力所做负功，由于运动员的动能减小，根据动能定理可知，运动员所受重力对其做的功小于跳板对其作用力所做的功．故B正确．C、由于人在下落过程中，弹力始终做负功，由功能原理可知，人的机械能一直在减小，故C错误．故选：B3．一质量为m的铝球用细线悬挂静止在足够深的油槽中（如图甲），某时刻剪断细线，铝球开始在油槽中下沉运动，通过传感器得到铝球的加速度随下沉速度变化的图象如图乙所示，已知重力加速度为g，根据上述信息，下列说法正确的是（）A．铝球下沉的速度越来越小B．剪断细线后，油槽对地面的压力先增大后不变C．释放以后，铝球加速度随时间均匀减小D．铝球下沉过程机械能的减少量等于克服油所受摩擦阻力所做的功【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律．【分析】对小球受力分析，当剪断细线后，小球受重力、油的浮力、摩擦阻力，结合图象可知，小球做加速度减小的加速运动，速度逐渐增大，当加速度减小到零后，处于平衡状态，据此分析即可．【解答】解：A、由图象可知，铝球下沉的速度越来越大，故A错误；B、球下降过程具有向下的加速度，处于失重状态，mg﹣F浮﹣f=ma，得F浮+f=mg ﹣ma，a减小，则浮力与阻力的合力逐渐增大，根据牛顿第三定律可知，球对油的反作用力逐渐增大，则油槽对地面的压力逐渐增大，当加速度减小到零后，处于平衡状态，受到球的浮力和阻力不变，油槽对地面的压力不变，故B正确；C、由图象可知，铝球加速度随速度的增大均匀减小，但是速度随时间不是均匀变化的，故加速度随随时间不是均匀减小，故C错误；D、铝球下沉过程机械能的减少量等于克服油的摩擦阻力、浮力所做的功，故D错误．故选：B4．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF ＞∠NFE．则（）A．E带正电，F带负电，且Q E＞Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能【考点】电场线；电场的叠加；电势能．【分析】A、根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出E、F的电性及电量的大小．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．C、电场线和等势面垂直．D、先比较电势的高低，再根据E p=qU，比较电势能．【解答】解：A、根据电场线的流向，知E带正电，F带负电；N点的场强可看成E、F两电荷在该点产生场强的合场强，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而NF＞NE，所以Q F＞Q E．故A错误．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故B错误．C、因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直．故C正确．D、沿电场线方向电势逐渐降低，U M＞U N，再根据E p=qU，q为负电荷，知E pM＜E pN．故D错误．故选C．5．如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN 是一竖直放置的感光板．从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场射入大量的带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m．不考虑粒子间的相互作用力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是（）A．只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN上B．即使是对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也不一定过圆心C．只要速度满足，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上D．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】带电粒子射入磁场后做匀速圆周运动，对着圆心入射，必将沿半径离开圆心，根据洛伦兹力充当向心力，求出时轨迹半径，确定出速度的偏向角．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，即可分析时间关系．【解答】解：A、对着圆心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN上，与粒子的速度有关．故A错误．B、带电粒子的运动轨迹是圆弧，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也一定过圆心．故B错误．C、速度满足时，粒子的轨迹半径为r==R，入射点、出射点、O点与轨迹的圆心构成菱形，射出磁场时的轨迹半径与最高点的磁场半径平行，粒子的速度一定垂直打在MN板上，故C正确．D、对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中轨迹半径越大，弧长越长，轨迹对应的圆心角越小，由t=知，运动时间t越小．故D错误．故选C6．如图所示，电路中的变压器为理想变压器，K为单刀双掷开关，P是滑动变阻器R的滑片，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1、I2分别为原线圈和副线圈中的电流．下列说法正确的是（）A．保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则R上消耗的功率减小B．保持P的位置及U1不变，S由a切换到b，则I2减小C．保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则I1增大D．保持U1不变，S接在b端，将P向上滑动，则I1减小【考点】变压器的构造和原理．【分析】理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电流与匝数成反比，原副线圈电压与匝数成正比【解答】解：A、S由b切换到a，副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所以R上消耗的功率变大，故A错误；B、S由a切换到b副线圈匝数变小，所以副线圈电压变小，电阻不变，所以I2减小，故B正确；C、S由b切换到a，副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所以I2增大，输出功率与输入功率相等且都增大，则I1增大，故C正确；D、S置于b位置不动，P向上滑动，电阻变小，电压不变，所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，则I1增加，故D错误．故选：BC7．如图所示，质量为M、长为L的木板置于光滑水平面上，一质量为m的滑块放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为x，下列结论中正确的是（）A．上述过程中，F做的功等于滑块和木板动能的增量B．其他条件不变的情况下，M越大，x越小C．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长D．其他条件不变的情况下，f越大，滑块与木板间产生的热量越多【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）由功能关系可知拉力F做功除了增加两物体动能以外还有系统产生的热量；（2）F越大，滑块的加速度就越大，而木板的运动情况不变，滑块和木板的相对位移还是L，滑块的位移也没有发生改变，所以时间越少；（3）滑块对木板的摩擦力不变，M越大，木板的加速度越小，而滑块加速度不变，相对位移一样，滑快在木板上运动时间短，所以木板运动的位移小；（4）系统产生的热量等于摩擦力和相对位移乘积，相对位移没变，摩擦力越大，产生的热量越多【解答】解：A．由功能关系可知拉力F做功除了增加两物体动能以外还有系统产生的热量，故A错误；B．由于木板受到摩擦力不变，当M越大时木板加速度小，而滑块加速度不变，相对位移一样，滑快在木板上运动时间短，所以木板运动的位移小，故B正确；C．滑块和木板都是做初速度为零的匀加速运动，在其他条件不变的情况下，木板的运动情况不变，滑块和木板的相对位移还是L，滑块的位移也没有发生改变，所以拉力F越大滑块的加速度越大，离开木板时间就越短，故C错误；D．系统产生的热量等于摩擦力和相对位移乘积，相对位移没变，摩擦力越大，产生的热量越多，故D正确．故选：BD．8．如图，两根足够长光滑平行金属导轨PP′、QQ′倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面，导轨的上端与水平放置的两金属板M、N相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好．现同时由静止释放带电微粒和金属棒ab，则（）A．金属棒ab最终可能匀速下滑B．金属棒ab一直加速下滑C．金属棒ab下滑过程中M板电势高于N板电势D．带电微粒不可能先向N板运动后向M运动【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】金属棒沿光滑导轨加速下滑，棒中有感应电动势而对电容器充电，充电电流通过金属棒时受安培力作用，只有金属棒速度增大时才有充电电流，因此总有mgsinθ﹣BIl＞0，由右手定则判断电势高低．【解答】解：A、金属棒沿光滑导轨加速下滑，棒中有感应电动势而对电容器充电，充电电流通过金属棒时受安培力作用，只有金属棒速度增大时才有充电电流，因此总有mgsinθ﹣BIl＞0，所以金属棒将一直加速，A错误，B正确；C、由右手定则可知，金属棒a端（即M板）电势高，C项正确；D、若微粒带负电，则静电力向上与重力反向，开始时静电力为0，微粒向下加速，当静电力增大到大于重力时，微粒的加速度向上，可以向下减速到零后再向上运动，故D错误．故选BC二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学用如图甲的装置来测定滑块与导轨间的动摩擦因数．在气垫导轨上安装了两个光电门l、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线跨过定滑轮与钩码相连．（1）用游标卡尺测光电门遮光条的宽度d，图乙中游标卡尺读数为0.225 cm．滑块在轨道上做匀加速运动时，先后通过光电门1、2所用的时间分别为t1、t2，两光电门间的距离为L，用d、t1、t2、L 表示滑块运动的加速度a=（﹣）；（2）要使细线中拉力近似等于钩码重力，滑块质量M与钩码质量m应满足M 远大于m关系．（3）满足（2）后，调整气垫导轨水平，断开气源时，测得滑块在轨道上运动的加速度为a1；不改变钩码的质量，接通气源，测得滑块在轨道上运动的加速度为a2，用a1、a2、g 表示滑块与导轨间的动摩擦因数μ=．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；由速度公式求出滑块经过光电门时的速度，然后由匀变速运动的速度位移公式求出滑块的加速度．（2）只有在滑块质量远大于钩码质量时，才可近似认为滑块受到的拉力等于钩码的重力．（3）断开气源，滑块受到拉力与阻力的作用，接通气源时，滑块受仅受到拉力的作用，由牛顿第二定律与滑动摩擦力公式可以求出动摩擦因数．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，主尺示数为0.2cm，游标尺示数为5×0.05mm=0.25mm=0.025cm，则游标卡尺读数为0.2cm+0.025cm=0.225cm；滑块经过光电门时的速度v1=，v2=，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v22﹣v12=2aL，解得，加速度a=（﹣）．（2）当滑块质量M远大于钩码质量m 时，细线中拉力近似等于钩码重力．。

湖北省襄阳市第五中学2016-2017学年高二3月月考物理试题含答案

襄阳五中高二年级3月月考物理试卷一、选择题（每小题5分，共50分。

其中1～6题为单选，7～10题为多选，全部选对得5分,有选对但不全的得2分）1、下列说法中正确的是 ( )A ．作用在物体上的合外力越大，物体动量的变化就越大B ．作用在物体上的合外力的冲量越大,物体动量的变化就越快C ．物体的动量变化时，物体的动能一定变化D ．物体的动能变化时，物体的动量一定变化2、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力,下列说法正确的是（） A. 安培力的方向可以不垂直于直导线 B 。

安培力的方向总是垂直于磁场的方向C 。

将通电直导线从中点折成直角,安培力的大小一定变为原来的一半D 。

2/2 倍3、阻值相等的三个电阻R 、电容器C 及电池E （内阻可忽略）连接成如图所示电路。

开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1；闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2。

Q 1与Q 2的比值为（ ) A ．2∶5 B ．1∶2 C ．3∶1 D ．1∶34、如图所示，Q 是固定的点电荷，虚线是以Q 为圆心的两个圆．带电粒子P 在Q 的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，1、2、3为轨迹上的三个点．若P 仅受Q 的电场力作用，其在1、2、3点的加速度大小分别为a 1、a 2、a 3，电势能分别为E 1、E 2、E 3，则（ ) A ．a 2>a 3〉a 1， E 1〉E 3>E 2 B ．a 2>a 3〉a 1，E 2〉E 3〉E 1C ．P 、Q 为异种电荷 D ．P 的运动轨迹为抛物线线5、一圆筒处于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示．图中直径MN 的两端分别开有小孔．筒绕其中心轴以角速度ω顺时针转动．在该截面内，一带负电的粒子从小孔M 射入筒内,射入时速度沿MN 方向．当筒转过θ（θ＜π)角时，该粒子恰好从小孔N 飞出圆筒．不计重力．若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞，则带电粒子的比荷为（）C ESMNωQP1231200F 1F 2NMa b A ．ω/B B ．ω/2B C ．2ωθ/3πB D ．2ωθ/πB 6、发电机线圈共N 匝，每匝可简化为矩形线圈abcd ，线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO /以角速度ω匀速转动,如图所示。

湖北省襄阳市五中2016届高三5月模拟考试(二)理综试卷.pdf

2016年普通高等学校招生全国统一考试襄阳五中理科综合5月模拟考试（）命题人：审题人：考试时间：2016年5月1日上午9：00—11：30第Ⅰ卷（选择题共126分）可能用到的相对原子质量有：Zn-65；S-32；Si-28；C-12 ；O-16 ；Ca-40 ；Na-23 ；Mg-24 ；Al-27 一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列有关蛋白质的说法，正确的是( ) A．蛋白质不参与生物膜系统的构成 B．抗体蛋白在细胞内液和细胞外液中都起作用 C．人体蛋白类激素都可以起到信息分子的作用 D．蛋白质进出细胞需要载体蛋白的参与 2.下列有关生物实验的叙述中，不正确的是( ) A．洋葱根尖有丝分裂装片制作步骤是：解离→漂洗→染色→制片 B．在紫色洋葱外表皮细胞发生质壁分离的过程中，液泡由大到小，紫色变深 C．如果视野过暗，可以转动反光镜或增大光圈以增加视野的亮度 D．在绿叶中的色素分离实验中，扩散得最慢的是叶绿素a 3.下列有关人体细胞生命历程的叙述，正确的是( ) A．细胞癌变的实质是基因突变，癌细胞能无限增殖，并且失去了原来细胞的所有特点 B．细胞衰老过程中，细胞膜的通透性改变，溶酶体中的水解酶代谢活动加强 C．受精卵中的所有基因均表达，因此受精卵具有全能性 D．被病原体感染的细胞的清除属于细胞坏死 4．以下关于生物遗传、变异和细胞增殖的叙述中，正确的是( ) A．三倍体的西瓜无籽是由于减数分裂时同源染色体未联会 B．性染色体组成为XXY的三体果蝇体细胞在有丝分裂过程中染色体数目呈现9→18→9的周期性变化 C．在减数分裂的过程中，染色体数目的变化仅发生在减数第一次分裂 D．T2噬菌体可发生的变异类型有基因突变和染色体变异 5.下列关于植物激素的叙述，正确的是( ) A．植物生命活动调节只有激素调节 B．植物体各部位都能合成乙烯 C．脱落酸能促进果实发育 D．燕麦胚芽鞘的向光弯曲生长体现了生长素作用的两重性 6．有一种生活在热带的果蚁，将自己含有蛋白酶的排泄物排在收集来的落叶上，用这些落叶来培养真菌，然后以腐叶作为自己的食物来源。

湖北省襄阳市第五中学高三物理测试题带解析

湖北省襄阳市第五中学高三物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，表面粗糙的斜面体固定在水平地面上。

一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，沿斜面向上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0。

若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为的力F2(如图)作用下，在同一斜面上做沿斜面向上的速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法中正确的是()A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v1一定小于v2D．v1可能小于v2参考答案：C试题分析：设斜面与物体之间的动摩擦因数是，物体在沿斜面向上且平行斜面的力作用下，在斜面上做速度为的匀速运动，则：①，在与斜面夹角为的力作用下运动时：②，③，由②③可知，当时，对物体的拉力有最小值．所以不一定大于，故A错误；由①②③式可知，在第二种情况下，摩擦力比较小，根据功率的表达式：可知，摩擦力越小，沿斜面向下的合外力越小，则速度越大，所以一定小于，同时物体在相等的时间内增加的机械能越大，所以在相同的时间内，物体增加的机械能不相同，故B错误，C正确，D错误。

考点：功能关系、共点力平衡的条件及其应用2. 真空中有一带负电的电荷绕固定的点电荷+Q运动，其轨迹为椭圆，如图所示．已知abcd 为椭圆的四个顶点， +Q处在椭圆焦点上，则下列说法正确的是A．b、d两点的电场强度大小一定相等 B．a、c两点的电势相等C．负电荷由b运动到d电场力做正功D．负电荷由a经d运动到c的过程中，电势能先减小后增大参考答案：B3. 2．如图所示，旋臂式起重机的旋臂保持不动，可沿旋臂“行走”的天车有两个功能：一是吊着货物沿竖直方向运动；二是吊着货物沿旋臂水平运动。

现天车吊着货物正在沿水平方向向右匀速行驶，同时天车上的起吊电动机吊着货物正在匀速上升。

若从某时刻起，起吊电动机使货物沿竖直方向开始做匀减速运动。

此后地面上的人观察到货物运动的轨迹可能是图（）参考答案：4. 如右图所示为氢原子的能级图，若用能量为2.4 eV的光子去照射一群处于n=2 激发态的氢原子，则氢原子将A ．氢原子能跃迁到n ＝3的激发态B ．氢原子能跃迁到n ＝4的激发态C ．氢原子能发生电离D ．以上三种说法均不正确参考答案： D5.汽车在平直的公路上行驶，某一段时间内汽车的功率随时间的变化如图所示，设汽车运动过程中受到的阻力不变，则在这一段时间内汽车的运动情况可能是（）A ．汽车做匀速直线运动B ．汽车做匀加速直线运动C ．汽车做加速度增加的加速直线运动D ．汽车做加速度减小的加速直线运动参考答案：答案：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 原长为１６cm 的轻质弹簧，当甲乙二人同时用１００Ｎ的力由两端反向拉时，弹簧长度为１８cm ，若将弹簧一端固定在墙上，另一端由甲一个用２００Ｎ的力拉，这时弹簧长度为 cm此弹簧的劲度系数为Ｎ/m 参考答案：7. 人造地球卫星在运行过程中由于受到微小的阻力，轨道半径将缓慢减小．在此运动过程中，卫星所受万有引力大小将增大（填“减小”或“增大”）；其速度将增大（填“减小”或“增大”）．参考答案：考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力公式F=，判断万有引力大小的变化，再根据万有引力做功情况判断动能的变化．解答：解：万有引力公式F=，r 减小，万有引力增大．根据动能定理，万有引力做正功，阻力做功很小很小，所以动能增大，故速度增大．故答案为：增大，增大．点评：解决本题的关键掌握万有引力公式F=，以及会通过动能定理判断动能的变化．8. 磁场对放入其中的长为l 、电流强度为I 、方向与磁场垂直的通电导线有力F 的作用，可以用磁感应强度B 描述磁场的力的性质，磁感应强度的大小B ＝，在物理学中，用类似方法描述物质基本性质的物理量还有等。