2019年高考物理冲刺大二轮练习：题型限时专练3 含解析

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2019年高考物理冲刺大二轮练习：_word版含解析(

专练6实验题(二)(时间：10分钟)22．(2018·辽宁五校联考)用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．如图1所示，先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O.实验步骤如下．步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．(1)上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有________．A．小球1和小球2的质量m1、m2B．B点离地面的高度hC．A、B两点间的高度差ΔhD．小球1和小球2的半径r(2)当所测物理量满足表达式________________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．(3)完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图2所示的圆弧为圆心在斜槽末端的14圆．使小球1仍从斜槽上A点由静止滚下，重复实验步骤1和2的操作，得到两球落在圆弧上的平均位置为M′、P′、N′.测得斜槽末端与M′、P′、N′三点的连线与竖直方向的夹角分别为α1、α2、α3，则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为________________(用所测物理量的字母表示)．[解析](1)利用“碰撞实验器”验证动量守恒定律实验是根据平抛运动原理，将速度的测量转化为水平位移的测量，测量出OP、OM、ON外，还需要测量出两个小球的质量，选项A正确．(2)若碰撞前小球1的动量等于碰撞后小球1和小球2的动量之和，即m1v0＝m1v1＋m2v2，就能说明两球碰撞遵守动量守恒定律，由于OP＝v0t，OM＝v1t，ON＝v2t，所以当所测物理量满足表达式m1·OP ＝m1·OM＋m2·ON即可．(3)测得斜槽末端与M′的连线与竖直方向的夹角为α1，由平抛运动规律，x1＝v1t1，y1＝12gt21，设斜槽末端与M′的连线长度为L(即圆弧半径为L)，sinα1＝x1L，cosα1＝y1L，联立解得v1＝L sinα12L cosα1g；测得斜槽末端与P′的连线与竖直方向的夹角为α2，同理可得v0＝L sinα22L cosα2g；测得斜槽末端与N′的连线与竖直方向的夹角为α3，同理可得v2＝L sinα32L cosα3g；代入m1v0＝m1v1＋m2v2，化简得：m1sinα2cosα2＝m1sinα1cosα1＋m2sinα3cosα3[答案](1)A(2)m1·OP＝m1·OM＋m2·ON(3)m1sinα2cosα2＝m1sinα1cosα1＋m2sinα3cosα323．(2018·湖南湘东五校联考)为了精确测量一电阻的阻值R x，现有以下器材：蓄电池E ，电流表A ，电压表V ，滑动变阻器R ，电阻箱R P ，开关S 1、S 2，导线若干．某实验小组设计了如图甲所示的电路，实验的主要步骤：a ．闭合S 1，断开S 2，调节R 和R P ，使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为I 1、U 1；b ．保持S 1闭合、R P 阻值不变，闭合S 2，记下电流表和电压表示数分别为I 2、U 2.(1)按如图甲所示的电路图将图乙所示的实物连成电路．(2)写出被测电阻的表达式R x ＝________(用两电表的示数表示)．(3)由于电流表、电压表都不是理想电表，则被测电阻R x 的测量值________真实值(选填“大于”、“小于”或“等于”)．[解析] (2)由题意易知R P ＝U 1I 1，又R P 、R x 并联的阻值为R 并＝U 2I 2，又1R P ＋1R x＝1R 并，联立解得R x ＝U 1U 2U 1I 2－U 2I 1.(3)若考虑电流表和电压表不是理想电表，则在分析时应考虑电压表的内阻，则在(2)的分析中U 1I 1表示的就是R P 、R V 的并联电阻，结合后面的分析，可知此时R x 的测量值仍等于真实值．[答案] (1)如图所示(2)U1U2U1I2－U2I1(3)等于。

2019高考物理三轮冲刺模拟标准练含解析

高考模拟标准练(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分110分，考试时间60分钟。

第Ⅰ卷(选择题　共48分)二、选择题(本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14.如图所示为氢原子能级图，氢原子中的电子从n＝4能级跃迁到n＝1能级可产生a光；从n＝3能级跃迁到n＝1能级可产生b光，a光和b光的波长分别为λa和λb，a、b两光照射逸出功为4.5 eV的金属钨表面均可产生光电效应，遏止电压分别为U a和U b，则( )A．λa>λbB．U a<U bC．a光的光子能量为12.55 eVD．b光照射金属钨产生的光电子的最大初动能E k b＝7.59 eV解析：　氢原子中的电子从n＝4能级跃迁到n＝1能级产生a光，a光的光子能量hνa＝E a＝E4－E1＝12.75 eV，氢原子中的电子从n＝3能级跃迁到n＝1能级产生b光，b光的光子能量hνb＝E b＝E3－E1＝12.09 eV，a光的光子能量高，则a光的频率大，波长小，即λa<λb，A、C项错误；由光电效应方程E k＝hν－W0和E k＝eU c可知，频率越大，对应遏止电压U c越大，即U a>U b，B项错误；E k b＝hνb－W0＝7.59 eV，D项正确。

答案：　D15．图示为5个点电荷电场的电场线分布情况，曲线cd是一带电粒子(不计重力)运动的轨迹，则下列判断正确的是( )A．a点的场强大于c点的场强B．a、b两点的电势可能相等C．该粒子带正电D．一电子在a点的电势能大于在b点的电势能解析：　根据电场线的疏密程度表示场强的大小可知，a点的场强小于c点的场强，A错误；根据等势线与电场线垂直，画出a点的等势线如图所示，则a′点的电势与a点的电势相等，根据沿电场线方向电势逐渐降低知，b点的电势高于a′点的电势，即高于a点的电势，B 错误；根据粒子所受到的合力指向轨迹凹处知，该粒子带负电，C错误；若电子从a′点运动到b点，电场力做正功，电势能减少，电子在a点的电势能与在a′点的电势能相等，则电子在a点的电势能大于在b点的电势能，D正确。

2019年高考物理大二轮复习题型限时专练【共12套67页】

本套资源目录2019年高考物理大二轮复习题型限时专练10计算题(二) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练11计算题(三) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练12计算题(四) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练1选择题+押题(一) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练2选择题+押题(二) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练3选择题+押题(三) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练4选择题+押题(四) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练5实验题(一) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练6实验题(二) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练7实验题(三)2019年高考物理大二轮复习题型限时专练8实验题(四) 2019年高考物理大二轮复习题型限时专练9计算题(一)专练10 计算题(二)(时间：25分钟)24．(2018·辽宁五校联考)如图所示，AB 是长为L ＝1.2 m 、倾角为53°的斜面，其上端与一段光滑的圆弧BC 相切于B 点．C 是圆弧的最高点，圆弧的半径为R ，A 、C 两点与圆弧的圆心O 在同一竖直线上．物体受到与斜面平行的恒力作用，从A 点开始沿斜面向上运动，到达B 点时撤去该力，物体将沿圆弧运动，通过C 点后落回到水平地面上．已知物体与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5，恒力F ＝28 N ，物体可看成质点且m ＝1 kg.重力加速度g ＝10 m/s 2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，求：(1)物体通过C 点时对轨道的压力大小；(结果保留一位小数) (2)物体在水平地面上的落点到A 点的距离．[解析] (1)根据题图，由几何知识得，OA 的高度H ＝Lsin53°＝1.5 m圆轨道半径R ＝Ltan53°＝0.9 m物体从A 到C 的过程，由动能定理得：L (F －μmg cos53°)－mg (H ＋R )＝12mv 2解得：v ＝2 3 m/s物体在C 点，由牛顿第二定律得：F N ＋mg ＝m v 2R由牛顿第三定律得物体通过C 点时对轨道的压力大小F ′N ＝F N ＝3.3 N (2)物体离开C 点后做平抛运动在竖直方向：H ＋R ＝12gt 2在水平方向：x ＝vt 解得：x ＝2.4 m[答案] (1)3.3 N (2)2.4 m25．(2018·湖北黄冈质检)如图，带电荷量为q ＝＋2×10－3C 、质量为m ＝0.1 kg 的小球B 静置于光滑的水平绝缘板右端，板的右侧空间有范围足够大的、方向水平向左、电场强度E ＝103N/C 的匀强电场．与B 球形状相同、质量为0.3 kg 的绝缘不带电小球A 以初速度v 0＝10 m/s 向B 运动，两球发生弹性碰撞后均逆着电场的方向进入电场，在电场中两球又发生多次弹性碰撞，已知每次碰撞时间极短，小球B 所带电荷量始终不变，取重力加速度g ＝10 m/s 2.求：(1)第一次碰撞后瞬间两小球的速度大小； (2)第二次碰撞前瞬间小球B 的动能； (3)第三次碰撞的位置． [解析] (1)第一次碰撞时两小球动量守恒，即3mv 0＝3mv 1＋mv 2 机械能守恒，即12·3mv 20＝12·3mv 21＋12mv 22解得碰后瞬间A 的速度v 1＝5 m/s ，B 的速度v 2＝15 m/s(2)碰后A 、B 两球进入电场，竖直方向二者相对静止，均做自由落体运动；水平方向上，A 做匀速运动，B 做匀减速直线运动，其加速度大小为a B ＝qEm＝20 m/s 2设经过t 时间两小球再次相碰，则有v 1t ＝v 2t －12a B t 2解得t ＝1 s此时，B 的水平速度为v x ＝v 2－a B t ＝－5 m/s(负号表明方向向左) 竖直速度为v y ＝gt ＝10 m/s 故第二次碰前B 的动能为E k B ＝12m (v 2x ＋v 2y )＝6.25 J(3)第二次碰撞时，A 、B 两小球水平方向上动量守恒3mv 1＋mv x ＝3mv 1′＋mv x ′水平方向上机械能守恒12·3mv 21＋12mv 2x ＝12·3mv 1′2＋12mv x ′2解得第二次碰后水平方向A 的速度v 1′＝0，B 的速度v x ′＝10 m/s故第二次碰撞后A 竖直下落(B 在竖直方向上的运动与A 相同)，水平方向上，B 做匀减速直线运动设又经过t ′时间两小球第三次相碰，则有v x ′t ′－12a B t ′2＝0解得t ′＝1 s因此，第三次相碰的位置在第一次碰撞点右方x ＝v 1t ＝5 m 下方y ＝12g (t ＋t ′)2＝20 m[答案] (1)5 m/s 15 m/s (2)6.25 J (3)见解析专练11 计算题(三)(时间：25分钟)24．(2018·福州市高三期末)如图所示，一离子以初速度v 0沿某方向垂直射入宽为L 、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，在磁场中偏转后垂直射入同宽度的电场，穿出电场的出射点与进入磁场的入射点在同一水平线上，已知电场强度为E ，在电场区域中运动时发生的侧移量为h ，不计离子所受重力．(1)求该离子的电性和比荷(即电荷量q 与其质量m 的比值)； (2)求离子在磁场中的偏转半径r 与磁感应强度B 的大小；(3)试比较离子分别在电场和磁场中运动的时间大小关系，并说出理由． [解析] (1)根据离子在磁场中的偏转方向，利用左手定则可判断离子带正电离子在匀强电场中做类平抛运动水平方向有L ＝v 0t 竖直方向有h ＝12at 2而a ＝Eq m联立以上各式可得q m ＝2hv 20EL2(2)如图，离子在磁场中做半径为r 的匀速圆周运动由几何关系有(r －h )2＋L 2＝r 2解得r ＝L 2＋h 22h由洛伦兹力提供向心力有qv 0B ＝m v 20r联立以上各式可得B ＝EL 2v 0L 2＋h 2(3)离子在电场中运动的时间小于其在磁场中运动的时间，因为离子在电场中运动时，水平方向的分速度与离子在磁场中运动的速度相同，离子在电场中沿水平方向做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，弧长大于电场的宽度，所以离子在磁场中运动的时间长．[答案] (1)带正电 2hv 20EL 2 (2)L 2＋h22h EL 2v 0L 2＋h 2(3)见解析25．(2018·郑州一中高三测试)如图所示，光滑的轻质定滑轮上绕有轻质柔软细线，线的一端系一质量为2m 的重物，另一端系一质量为m 、电阻为R 的金属杆．在竖直平面内有足够长的平行金属导轨PQ 、EF ，其间距为L .在Q 、F 之间连接有阻值为R 的电阻，其余电阻不计．一匀强磁场与导轨平面垂直，磁感应强度为B 0.开始时金属杆置于导轨下端QF 处，将重物由静止释放，当重物下降h 时恰好达到稳定速度而后匀速下降．运动过程中金属杆始终与导轨垂直且接触良好，不计一切摩擦和接触电阻，重力加速度为g .(1)求重物匀速下降时的速度v ；(2)求重物从释放到下降h 的过程中，电阻R 中产生的热量Q R ；(3)设重物下降h 时的时刻t ＝0，此时速度为v 0，若从t ＝0开始，磁场的磁感应强度B 逐渐减小，且金属杆中始终不产生感应电流，试写出B 随时间t 变化的关系．[解析] (1)重物匀速下降时，金属杆匀速上升，金属杆受力平衡．设细线对金属杆的拉力为T ，金属杆所受安培力为F由平衡条件得T ＝mg ＋F 由安培力公式得F ＝B 0IL 根据闭合电路欧姆定律I ＝ER ＋R根据法拉第电磁感应定律E ＝B 0Lv 对重物由平衡条件得T ＝2mg 综合上述各式，解得v ＝2mgRB 20L2(2)设电路中产生的总热量为Q ，由能量守恒定律得 2mgh －mgh ＝12(2m )v 2＋12mv 2＋Q由串联电路特点知，电阻R 中产生的热量为Q R ＝12Q则Q R ＝12mgh －3m 3g 2R2B 40L4(3)金属杆中恰好不产生感应电流时，磁通量不变，则有Φ0＝Φt即B 0hL ＝B (h ＋x )L 式中x ＝v 0t ＋12at 2对系统，由牛顿第二定律有a ＝2mg －mg 2m ＋m ＝g3则磁感应强度B 随时间t 变化的关系为B ＝B 0h h ＋v 0t ＋g 6t2＝6B 0h6h ＋6v 0t ＋gt 2[答案] (1)2mgR B 20L 2 (2)12mgh －3m 3g 2R2B 40L 4(3)B ＝6B 0h6h ＋6v 0t ＋gt2专练12 计算题(四)(时间：25分钟)24. (2018·贵州普通高中监测)如图所示，两光滑平行金属导轨置于水平面(纸面)内，轨道间距为l ，左端连有阻值为R 的电阻．一金属杆置于导轨上，金属杆右侧存在磁感应强度大小为B 、方向竖直向下的匀强磁场区域．现对金属杆施加一水平向右的恒力，使其进入磁场区域做初速度为零的变加速直线运动，到达图中虚线位置(仍在磁场中)时速度达到最大，最大值为22v 0，金属杆与导轨始终保持垂直且接触良好．除左端所连电阻外，其他电阻忽略不计．求：(1)对金属杆施加的水平向右恒力F 的大小； (2)金属杆达到最大速度时，电阻R 的热功率．[解析] (1)当安培力大小等于水平恒力F 时金属杆的速度最大，设此时的电流为I ，则F ＝F 安 F 安＝BIl I ＝E R E ＝Bl22v 0 联立解得F ＝2B 2l 2v 02R(2)设金属杆达到最大速度时，电阻R 的热功率为P ，则P ＝I 2R联立解得P ＝B 2l 2v 202R[答案] (1)2B 2l 2v 02R (2)B 2l 2v 22R25．(2018·安徽省百所高中一模)P 、P ′是平行板电容器的两极板，如图甲所示，P 接电源正极，P ′接电源负极，两极板间电压变化如图乙所示．O 处有一离子源，能不断逸出比荷为q m ＝1×108 C/kg 的正离子，离子逸出时的速度不计，经板间电场加速后，沿虚线OO ′穿过平行板电容器，从O ′处射出(离子在加速过程中可认为板间电压不变)．已知平行板电容器极板长为0.1 m ，O 、O ′分别是P 、P ′两极板的中点．平行板电容器右侧存在大小为B (未知)、方向垂直纸面向外的匀强磁场(未画出)．在P ′板右侧相距L ＝0.05 m 处有一荧光屏MM ′，M 点与O ′点等高，MM ′长220m ，M 端固定在铰链上，MM ′可绕M 点在图示位置与虚线位置之间转动．(1)当MM ′处于竖直位置时，欲使所有离子均不能打在MM ′上，求磁感应强度B 的取值范围．(2)若B ＝0.2 T ，则当MM ′从图示竖直位置沿M 点顺时针转动多大角度时，荧光屏上的发光长度最大？最大长度是多少？[解析] (1)离子在电场中运动的过程中，根据qU ＝12mv 2得，v ＝ 2qU mv m ＝ 2qU mm ＝1×106m/s 根据洛伦兹力提供向心力，有qvB ＝mv 2r ，得r ＝mv qB，可知速度越大，离子在磁场中做圆周运动的半径也越大，假设出射速度最大的离子刚好不能击中MM ′，如图1所示则r max ＝L ＝0.05 m结合r max ＝mv m qB得B ＝0.2 T欲使所有离子均不能打在MM ′上，则B ≥0.2 T(2)离子从O ′点射出时，速度大小不同，但方向均垂直于平行板向右，这些离子在磁场中做圆周运动的轨迹圆相切于O ′点，如图2所示，不管MM ′转动多大角度，总有某个离子运动的轨迹圆和MM ′相切，假设切点为N ，如图3所示，根据几何关系，恒有MN ＝O ′M ＝L ，N 点是所有离子中能击中MM ′上的最远位置，故所有离子中能击中MM ′的最远点与M 点的距离为L如图4所示，根据几何关系分析可得，当MM ′转至虚线位置时，速度最大的离子击中MM ′的位置是所有离子中能击中MM ′且与M 点最近的位置，设该击中点为N ′，由于此时∠O ′M ′M ＝45°，即速度偏向角为45°，故此时离子垂直击中MM ′，M ′N ′＝L ＝0.05 m则MM ′的发光长度NN ′＝MN －MN ′＝L －⎝ ⎛⎭⎪⎫220 m －L ＝2－220 m [答案] (1)B ≥0.2 T (2)45°2－220 m专练1 选择题＋选考题(一)(时间：30分钟)一、选择题(本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．)14．(2018·石家庄质检(一))飞艇常常用于执行扫雷、空中预警、电子干扰等多项作战任务．如图所示为飞艇拖曳扫雷具扫除水雷的模拟图．当飞艇匀速飞行时，绳子与竖直方向的夹角恒为θ角．已知扫雷具质量为m ，重力加速度为g ，扫雷具所受浮力不能忽略，下列说法正确的是( )A ．扫雷具受3个力作用B ．绳子拉力大小为mg cos θC ．水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力D ．绳子拉力一定大于mg[解析] 扫雷具受到重力、绳子拉力、水的阻力、水的浮力共4个力作用，选项A 错误；设扫雷具所受水的浮力为f ，绳子的拉力为F ，由F cos θ＝mg －f ，解得绳子拉力F ＝mg －f cos θ，选项B 错误；水对扫雷具的作用力包括竖直向上的浮力和水平向右的阻力，绳子拉力在水平方向的分力大小等于水的阻力(即水对扫雷具作用力的水平分力)，所以水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力，选项C 正确；在竖直方向，重力竖直向下，浮力竖直向上，则由mg ＝f ＋F cos θ可知，无法判断绳子拉力与重力mg 的大小关系，选项D 错误．[答案] C15．(2018·陕西质检(一))如图所示，菱形ABCD 的对角线相交于O 点，两个等量异种点电荷分别固定在AC 连线上的M 点与N 点，且OM ＝ON ，则( )A．A、C两处电势、场强均相同B．A、C两处电势、场强均不相同C．B、D两处电势、场强均相同D．B、D两处电势、场强均不相同[解析] 以无穷远处为零势能点，则A处电势为正，C处电势为负，故A、C两处电势不同，由场强叠加原理知A处场强方向向左，C处场强方向也向左，且大小相同，故A、C 两处的电场强度相同，A、B错误；B、D两处场强大小相等，方向均水平向右，两处的电势均为0，C正确，D错误．[答案] C16．(2018·河北名校联盟)2017年6月19日，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A 卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，卫星没有按照原计划进入预定轨道．经过航天测控人员的配合和努力，通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道．卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点．下列说法正确的是( )A．卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P点的速度等于在Q点的速度B．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度C．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度D．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小[解析] 卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，由开普勒第二定律知，离中心天体越近，运行速度越大，因此卫星在P 点的速度大于在Q 点的速度，选项A 错误；卫星由椭圆轨道Ⅰ改变速度进入地球同步轨道Ⅱ时要点火加速，因此，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q 点的速度，选项B 正确；根据牛顿第二定律知，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点加速度等于在同步轨道Ⅱ的Q 点的加速度，选项C 错误；卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，速度减小，卫星做近心运动，轨道半径减小，根据G Mm r 2＝m v 2r可得v ＝ GM r，即轨道半径变小，速度变大，动能变大，选项D 错误．[答案] B 17．(2018·陕西摸底)如图，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r .闭合开关，电路稳定后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V 1、V 2、V 3示数变化量的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2、ΔU 3，理想电流表A 示数变化量的绝对值为ΔI ，下列说法错误的是( )A ．A 的示数增大B ．V 2的示数增大C ．ΔU 3与ΔI 的比值大于rD ．ΔU 1大于ΔU 2[解析] 理想电压表V 1、V 2、V 3的示数分别是定值电阻两端的电压、路端电压、滑动变阻器两端的电压，理想电流表A 的示数是干路中的电流．滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流增大，A 示数增大，内电压增大，路端电压减小，即V 2示数减小，故选项A 正确，B 错误；因为ΔU 1ΔI ＝R 、ΔU 2ΔI ＝r ，而R >r ，所以ΔU 1>ΔU 2，故选项D 正确；因为ΔU 3>ΔU 2、ΔU 2ΔI ＝r ，所以ΔU 3ΔI>r ，故选项C 正确． [答案] B18．(2018·武汉调研)一物块从固定斜面底端沿倾角为θ的斜面上滑，到达最大高度后又返回斜面底端．已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为( )A.13tan θB.12tan θC.35tan θ D ．tan θ[解析] 物块沿斜面上滑时的加速度大小a 1＝g sin θ＋μg cos θ，则s ＝12a 1t 2；物块沿斜面下滑时的加速度大小a 2＝g sin θ－μg cos θ，则s ＝12a 2(2t )2，联立解得μ＝35tan θ，选项C 正确．[答案] C19．(2018·福州高三期末)氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61 eV ～3.10 eV 范围内，则下列说法正确的是( )A ．氢原子由n ＝2能级跃迁到n ＝1能级，放出的光子为可见光B ．大量氢原子处于n ＝4能级时，向低能级跃迁能发出6种频率的光子C ．处于基态的氢原子电离需要释放13.6 eV 的能量D ．氢原子处于n ＝2能级时，可吸收2.86 eV 能量的光子跃迁到高级能[解析] 大量处于n ＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，先从n ＝4能级分别向下面的三个能级各画一条线，可画三条；再从n ＝3能级出发，分别向下面二个能级各画一条线，可画两条；再从n ＝2能级出发，向下面一能级画一条线，可画一条；则总共可画6条，即能发出6种频率的光子，B 正确；处于n ＝2能级的氢原子，吸收2.86 eV 能量的光子，－3.4 eV ＋2.86 eV ＝－0.54 eV ，跃迁到n ＝5能级，选项D 正确．[答案] BD20．(2018·四川五校联考)如图所示，在x >0，y >0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy 平面向里，大小为B .现有一质量为m 、电荷量为q 的带正电粒子，从x 轴上的某点P 沿着与x 轴成30°角的方向射入磁场．不计重力的影响，则下列说法正确的是( )A ．只要粒子的速率合适，粒子就可能通过坐标原点B ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为5πm 3qBC ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πm qBD ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πm 6qB[解析] 带正电粒子由P 点与x 轴成30°角入射，则粒子运动轨迹的圆心在过P 点与速度方向垂直的方向上，粒子在磁场中要想到达坐标原点，转过的圆心角肯定大于180°，如图所示，而因磁场有边界，故粒子不可能通过坐标原点，A 错误；由于P 点的位置不定，所以粒子在磁场中的轨迹圆弧对应的圆心角也不同，最大的圆心角为圆弧与y 轴相切时，偏转角度为300°，运动的时间t ＝56T ＝5πm 3qB，根据粒子运动的对称性，可知粒子的运动半径无限大时，对应的最小圆心角也一定大于120°，所以运动时间t ′>13T ＝2πm 3qB，故粒子在磁场中运动的时间范围是2πm 3qB <t ″≤5πm 3qB，BC 正确，D 错误．[答案] BC21．(2018·辽宁五校联考)如图所示，图中两条平行虚线间存在有匀强磁场，虚线间的距离为2L ，磁场方向垂直纸面向里．abcd 是位于纸面内的梯形闭合线框，ad 与bc 间的距离为2L 且均与ab 垂直，ad 边长为2L ，bc 边长为3L ，t ＝0时刻，c 点与磁场区域左边界重合．现使线框以恒定的速度v 沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a →b →c →d →a 方向的感应电流为正，则在线框穿过磁场区域的过程中，感应电流I 及a 、b 间电势差U 随时间t 变化的关系图线可能是( )[解析] 在线框dc 边逐渐进入磁场的过程中，线框切割磁感线的有效长度逐渐增大，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知，产生的感应电动势和感应电流逐渐增大；dc 边完全进入后，线框切割磁感线的有效长度不变，产生的感应电动势和感应电流恒定；dc 边出磁场过程，线框切割磁感线的有效长度逐渐减小，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，产生的感应电动势和感应电流逐渐减小，但此时通过线框的磁通量仍一直增大，电流为正；dc 边完全出磁场后，ab 边进入匀强磁场切割磁感线，产生的感应电动势和感应电流恒定，但电流为负，所以B 正确，A 错误；在0～3⎝ ⎛⎭⎪⎫L v时间段，线框右侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a 、b 之间的电势差与电流成正比，图象与电流图象类似；在3～5⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 时间线段框左侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a 、b 之间的电势差为正值，D 正确，C 错误．[答案] BD二、选考题(从两道题中任选一题作答)33．(2018·昆明高三摸底)[物理——选修3－3](1)(多选)下列说法正确的是________．A ．处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果B ．液体与固体接触处的附着层都有收缩的趋势C ．液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势D ．毛细管插入浸润液体中管内液面会上升E ．毛细管插入不浸润液体中管内液面会上升(2)一定质量的理想气体，状态从A →B →C →A 的变化过程可用如图所示的p —V 图线描述，气体在状态C 时温度为T C ＝300 K ，求：①气体在状态A 时的温度T A ，并比较A 、B 状态时气体的温度；②若气体在A →B 过程中吸热500 J ，则在A →B 过程中气体内能如何变化？变化了多少？[解析] (1)处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果，之所以是球形，是因为液体表面张力有使表面积收缩到最小的趋势，选项A 正确；液体与固体接触处的附着层不一定都有收缩的趋势，当附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润；附着层内分子间的距离大于r 0时，附着层有收缩的趋势，表现为不浸润，选项B 错误；液体与气体接触的表面层分子相对稀疏，分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势，选项C 正确；浸润液体情况下容器壁对液体的吸引力较强，附着层内分子密度较大，分子间距较小，故液体分子间作用力表现为斥力，附着层内液面升高，故浸润液体呈凹液面，不浸润液体呈凸液面，毛细管插入浸润液体中管内液面会上升，选项D 正确，E 错误．(2)①气体从C →A 、B →C ，根据理想气体状态方程可得p C V C T C ＝p A V A T A解得T A ＝300 Kp C V C T C ＝p B V BT B解得T B ＝600 KT B >T A(也可用A 、B 位于两条不同的等温线上，由p —V 图象的物理意义可知T B >T A ) ②气体在A →B 过程压强不变W ＝－pΔV由热力学第一定律：ΔU ＝Q ＋W可得气体内能增加了ΔU ＝200 J[答案] (1)ACD (2)①300 K T B >T A ②内能增加 200 J 34．(2018·安徽百所高中一模)[物理——选修3－4](1)(多选)一条绳子两端为A 点和B 点，沿绳子建立坐标系，如图甲所示，每隔1 m 选一个坐标点，图乙为A 点的振动图象，图丙为B 点的振动图象，两质点各振动一个周期，分别形成两列波相对传播，波速均为2 m/s ，则下列说法正确的是________．A ．两列波的波长都是2 mB ．两列波在t ＝2.5 s 时开始相遇C ．t ＝3 s 时，x ＝4 m 处质点为振动加强点D ．t ＝3 s 时，x ＝4 m 处质点的位移大小为40 cmE ．两列波相遇的时间为0.5 s(2)如图所示为截面为四分之三圆的玻璃柱，圆弧ABC 面镀银，圆弧的半径为10 6 cm.一细光束垂直OA 并从OA 的中点D 射入玻璃柱，玻璃柱对该光的折射率为2，光在真空中的传播速度为c ＝3×108m/s ，求：①光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角； ②光在玻璃柱中传播的时间(结果保留三位有效数字)．[解析] (1)A 、B 两点的振动周期均为1 s ，波速均为2 m/s ，由v ＝λT得波长均为2 m ，A 正确；当B 点开始振动时，A 点振动引起的振动形式传播到x ＝2 m 处，两列波经过t ＝32 s＝1.5 s 同时传播到x ＝5 m 处，因此在t ＝2.5 s 时两列波相遇，B 正确；x ＝4 m 处的质点与x ＝2 m 处为一个波长的距离，与x ＝8 m 处为两个波长的距离，距离之差为一个波长，因此该点为振动加强点，C 正确；t ＝3 s 时，A 点振动引起的振动形式在x ＝4 m 处位移为0，B 点振动引起的振动形式在x ＝4 m 处位移也为0，因此t ＝3 s 时，x ＝4 m 处质点的位移大小为0，D 错误；以其中一列波为参考系，另一列波相对传播速度为2v ，相遇时相对传播距离为2λ，则相遇时间t ＝2λ2v＝T ，即t ＝1 s ，E 错误．(2)①光射入玻璃柱后的光路如图所示，在E 点有sin ∠DEO ＝12，得∠DEO ＝30°由几何关系知，∠DEO ＝∠BEO ＝∠EBO ＝∠OBF 光在OC 面上射出时的入射角r ＝30° 由折射定律n ＝sin isin r得光从OC 面射出时的折射角i ＝45°则光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角为i ′＝135° ②光在玻璃柱中传播的路程为s ＝DE ＋EB ＋BFDE ＝R cos30° BE ＝2R cos30° BF ＝Rcos30°光在玻璃柱中传播的速度为v ＝c n 光在玻璃柱中传播的时间为t ＝s v代入数据解得t ＝4.33×10－9s[答案] (1)ABC (2)①135° ②4.33×10－9s专练2 选择题＋选考题(二)(时间：30分钟)一、选择题(本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．)14．(2018·海南省五校一模)真空中有一平行板电容器，电容为C ，两极板分别由铂和钾(其极限频率分别为ν1和ν2)制成，板间距离为d .现用频率为ν(ν2<ν<ν1)的单色光持续照射两极板内表面，假设所有逸出的电子都能垂直运动到另一极板，忽略电子的重力和电子之间的相互作用，电子的电荷量为e ，普朗克常量为h ，则电容器两极板最终带电情况是( )A ．钾极板带负电，带电荷量为C h ν－ν2eB ．钾极板带正电，带电荷量为C h ν－ν2eC ．铂极板带负电，带电荷量为C h ν－ν1eD ．铂极板带正电，带电荷量为Ch ν－ν1e[解析] 当用频率为ν的单色光持续照射两极板内表面时，只在钾极板上发生光电效应，所以钾极板带正电，铂极板带负电．根据爱因斯坦光电效应方程得12mv 2＝hν－hν2，在两极板间所形成的最大电压为U ＝hν－hν2e ，所以钾极板的带电荷量为C h ν－ν2e，即B 正确．[答案] B15．(2018·汉中高三检测)在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市用电，电工经常要在高压线上带电作业．为了保障电工的安全，电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服(如图甲)．图乙中电工站在高压直流输电线的A 供电线上作业，其头顶上方有B 供电线，B 供电线的电势高于A 供电线的电势．虚线表示电工周围某一截面上的等势面，c 、d 、e 、f 是不同等势面上的四个点，以下说法中正确的是( )A．在c、d、e、f四点中，c点的电场最强B．在c、d、e、f四点中，f点的电势最高C．若将某电子由c移到f，其电势能将增大D．若将电子在d点由静止释放，它会向e点所在等势面运动[解析] 依据等势线的疏密程度，可知在c、d、e、f四点中，f点的电场最强，选项A 错误；因B供电线的电势高于A供电线的电势，则在c、d、e、f四点中，c点的电势最高，选项B错误；若将某电子由c移到f，即从高电势移动到低电势，又电子带负电，则其电势能将增大，选项C正确；沿着电场线方向，电势是降低的，故电场线方向为从c指向f，若将某电子在d点由静止释放，在电场力作用下，它会向c点所在等势面运动，选项D错误．[答案] C16．(2018·福州市高三期末)甲、乙两车沿水平方向做直线运动，某时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5 m/s，乙的速度为10 m/s，以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，则( )A．在t＝4 s时，甲、乙两车相距最远B．在t＝10 s时，乙车恰好回到出发点C．乙车在运动过程中速度的方向保持不变D．乙车做加速度先增大后减小的变加速运动[解析] v－t图线与横轴所围成的面积表示物体的位移，在0～4 s时间内，乙车始终在甲车前方，但t＝10 s时，乙车停止运动，甲车已超过乙车，且两车的距离比t＝4 s时。

(6套)2019年高考物理复习高考冲刺卷含答案(全国通用).docx

岂2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（1 ） Word 版含答案电2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（2 ） Word 版含答案勺2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（3 ） Word 版含答案厠；2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（4 ） Word 版含答案哲2019版物理学业水平测试真习小高考冲剌卷（5 ） Word 版含答案哲2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（6 ） 2019年高考物理冲刺卷（一）物理本试卷包含选择题（第1题〜第23题，共23题69分）、非选择题（第24题〜第28题，共5题31分）共两部分.本次考试时间为75分钟.一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）.9 9 9 91. 关于物体的重心，下列说法中正确的是（）A. 任何物体的重心都一定在这个物体上B. 重心的位置只与物体的形状有关C. 形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的儿何中心D. 物体重心的位置一定会随物体形状改变而改变2. 一根一端封闭，另一端装有阀门的玻璃管，内有纸片、羽毛、金属片.用抽气机把管内的空气儿乎抽尽，再把玻璃管倒过來（如图所示）.观察这些物体下落的快慢情况，下列说法中正确的是（）A. 纸片下落最快B.羽毛下落最快C.金属片下落最快D.三者下落一样快3. 如图所示给出了两个物体做直线运动的速度一时间图象.其屮图线甲与横轴平行，图线乙为通过坐标原点的直线.由图可知（）A. 甲做匀速直线运动B. 甲处于静止C. 乙做匀速直线运动D. 乙做匀减速直线运动2019年高考物理复习高考冲刺卷Word 版含答案4.右图是某摄影师“追拍法”的成功之作，在该摄影师眼屮清晰的飞翔的小鸟是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动之美•请问摄影师选择的参考系是（）A.地而B.静止的树木C.飞翔的小鸟D.静止于地面上的人5.已知河水自西向东流动，流速的大小为V],小船在静水中的速度的大小为V2，且v2 >5渡河时船头始终垂直河岸，用虚线表示小船过河的路径，则下列选项中小船过河路径可能正确的是（）河岸西、、、东6. 在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹赞测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置0点.为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是（）橡皮条固定端的位置描下0点位置、两条细绳套的方向及两个弹簧测力计的读数橡皮条伸长后的总长度两个弹簧测力计的读数7. 将原长10cm 的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g 的钩码时，弹簧的长度为12cm, 则此弹簧的劲度系数约为（）A. lN/mB. 10N/mC. 100N/mD. 1 OOON/m&人乘电梯匀速上升，在此过程中人受到的重力为G,电梯对人的支持力为F N ，人对电梯的压力为F N ，贝9（）A. G 和F N 是一对平衡力B. G 和Ft 是一对平衡力C. G 和F N 是一对相互作用力D. G 和Ft 是一对相互作用力9. 一个做匀速圆周运动的物体，在运动过程屮，若所受的一切外力都突然消失，则由牛顿第一定律可知，该物体将（）A. 立即静止B.改做匀速直线运动C.继续做匀速圆周运动D.改做变速圆周运动釦、I %7777^7777777777^7710. 如图所示，质量相同的P 、Q 两球均处于静止状态，现用小锤打击弹性金属片，使P 球沿水平方向抛出，Q 球同时被松开而自由下落.则下列说法中正确的是（）A. P 球先落地B. Q 球先落地C. 两球下落过程中垂力势能变化相等D. 两球落地时速度方向相同11. 今年年初我国南方部分地区遭遇了严重雪灾.在抗雪救灾中，运输救灾物资的汽车以额定功率上坡时，为增大牵引力，司机应使汽车的速度（）A. 减小B.增大C.保持不变D.先增大后保持不变12. 甲、乙两质点做匀速圆周运动，其半径之比R, : R 2=3 : 4,角速度之比◎： 32=4： 3,则甲、乙两质点的向心加速度之比是（）A. B. C. D.A.|B. |C.D. Y13.小明用如图所示的装置做“验证机械能守恒定律”实验.关于该实验，下列说法中正确的是（）A.重锤的质量一定是越大越好B.必须用秒表测出重锤下落的时间C.把秒表测得的时I'可代入计算重锤的速度D.释放纸带前，手捏住纸带上端并使纸帯处于竖直14.关于元电荷，下列说法正确的是（）A.元电荷就是质子B.物体所带电荷量是元电荷的任意倍数C.元电荷是带电物体所带电荷量的最小值D.物体所带电荷量可能比元电荷小15.两个完全相同的金属小球，分别带有+ 3Q和一Q的电量，当它们相距I•时，它们之间的库仑力是F.若把它们接触后分开，再置于相距彳的两点，则它们的库仑力的大小为（）A.|B.FC. 9FD. 3F16.下列各图中，能正确表示对等量异种电荷电场线分布的是（A17. 磁场中某区域的磁感线如图所示.则（）A. a 点磁感应强度比b 点小B. a 点磁感应强度比b 点大C. 同一小段通电导线放在“处吋受力一定比b 处吋大D. 同一小段通电导线放在a 处时受力一定比b 处时小1&如图所示，匀强磁场垂直于纸面，磁感应强度为B.边长为a 的正方形线框与磁场垂直，且一条对角线与磁场边界重合.则通过线圈平面的磁通量为（）B. BaC. Ba 2D. 2Ba19. 带电粒子M 和N,先后以大小不同的速度沿PO 方向射入圆形匀强磁场区域，运动轨迹如图所示，不计重力.则下列分析正确的是（）A. M 带正电，N 带负电B. M 和N 都带正电C. M 带负电，N 带正电D. M 和N 都带负电I F/N/\ /\ /V °\.\ 23 4.3 5.4 7.4 //s20. 蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中动作.为了测量运动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网的压力，并在计算机上作出压力一时间图象，假设作出的图象如图所示.设运动员在空屮运动时可视为质点，则运动员跃起的最大高度为（g 取10m/s 2）（）x x x x!C. 5.0 mD. 7.2 m请阅读下列材料，回答21〜23小题.2016年10月19日凌晨，神舟十一号飞船与天宫二号实施自动交会对接，形成天宫二号与神舟十一号组合体后，我国景海鹏和陈冬两名航天员进驻天宫二号，开展空间科学实验.天宫二号与神舟十一号的交会对接、组合体运行和飞船返回，都是在距地面393公里的轨道高度开展.这次任务是最接近未来我国空间站轨道要求的一次载人飞行任务，也是目前我国空间应用项目最多的一次载人飞行任务.21.下列说法符合史实的是（）A.牛顿发现了行星的运动规律B.开普勒发现了万有引力定律C.卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D.牛顿发现了海王星和冥王星22.绕地球做匀速圆周运动的天宫二号内，物体处于完全失重状态，则物体（）A.不受地球引力作用B.所受地球引力提供向心力C.加速度为零D.向心力为零23.若天宫二号绕地球运行的圆形轨道半径增大，则飞船的（）A.线速度大小不变B.线速度增大C.周期不变D.周期增大二、填空题：把答案填在横线上（本部分2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10 分）.24—A.（本题供选修1一1的考生作答）一只白炽灯泡在玻璃泡外表有“220V60W”的字样，则这只灯泡正常工作时的电流强度为A,电阻为Q.24-B.（本题供选修3-1的考生作答）许多人造卫星都用太阳能电池供电.某太阳能电池不接负载吋的电压是600 M V,短路电流是30UA,则该太阳能电池的内阻为Q,当外申.賂接上40Q电阻时，电路中的电流强度为u A.25.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，某学习小组在实验室组装了如图所示的装置外，还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙.他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m.当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小桶时，滑块处于静止状态.耍完成该实验，则:（1）_____________________________ 还缺少的实验器材是.（2）实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等，沙和小桶的总质量应满足的实验条件是________________ ;实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力，首先要做的步骤是____________三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位(本部分3小题，其中26小题6分，27小题7分,28小题8分，共21分).A.1.8 mB.3.6 m小桶26.工地施工需要把一质量为500 kg钢材从一平层上降落到地面，用一绳吊着钢材先以0.5m/s匀速降落，当钢材距地面高h时，又以大小为lm/s?的加速度匀减速运动，钢材落地时速度刚好为零.求：(1)钢材匀减速运动时所受的合外力；(2)钢材做匀减速运动的时间t；(3)匀减速运动的距离h.27.如图所示的演示实验，假设从某时刻t=0开始，质量为0.1kg的红蜡块在玻璃管内每Is上升的距离都是30cm,从t=0开始，初速度为零的玻璃管向右匀加速平移，每Is通过的水平位移依次是5cm、15cm、25cm、35cm.在图表中，y表示蜡块竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，t=()时蜡块位于坐标原点，坐标纸上每小格表示10cm.则：(1)在图中标岀I等于Is、2s、3s、4s时蜡块的位置，并用平滑的曲线描绘蜡块的轨迹；(2)红蜡块在上升过程中受到玻璃管的弹力是多大？(3)红蜡块4s末的速度是多少？y28.如图所示，有一可绕竖直屮心轴转动的水平圆盘，上而放置劲度系数为k=46N/m的弹簧，弹簧的一端固定于轴0点，另一端连接质量为m=lkg的小物块A,物块与圆盘间的动摩擦因数为p=0.2,开始吋弹簧未发生形变，长度为l()=0.5m,若最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等(g = 10m/s1 2 3),物块A始终与圆盘一起转动，贝IJ：错误！小高考冲刺卷(一)1・C解析：物体的重心不一定在物体上，比如质量分布均匀的圆盘挖去中间的同心圆后，重心仍然在儿何中心，但不在物体上.2.D解析：真空管是抽去空气后的状态，没有空气阻力后，羽毛下落也是自由落体.轻重物体下落快慢一样.3. A 解析：vt图象斜率代表加速度，甲代表匀速运动，乙代表匀加速运动.4.C解析：以飞翔的小鸟为参考系，周围的背景都是运动的，所以背景模糊.5.B解析：由运动的合成条件可知，匀速运动与匀速运动的合成仍为匀速直线运动.6.B解析：为了确定力的大小和方向，需要记录弹簧测力计的读数、绳子的方向，当然, 0点的位置必须固定好.7.C 解析：由F=kx,其中x为形变量可得，k=100N/m.8.A解析：平衡力一定是同一个物体所受到的，相互作用力是不同对象受到的.9.B解析：由牛顿第一定律，没有力改变物体的运动状态，物体就保持原来的运动状态, 这个问题里是匀速直线运动.10.C解析：自由落体运动和平抛运动在竖直方向上的分运动是相同的，所以下落时间是一样的，重力势能变化取决于重力做功，由W = mgh,可得重力势能变化相等.11.A 解析：rtl P=Fv,可知P不变，减小v可以增大F,以增加爬坡本领.12.A 解析：由向心加速度公式a=u)2r,带入可得.13.D 解析：重锤的作用是减少阻力对运动的影响；打点计吋器本身就是计时工具，下落时间不需要用秒表测量.14.C解析：e=1.6X10-,9C,带电体带电荷量必须是元电荷的整数倍.15.D 解析：带电小球接触，正负电荷中和部分后，电荷再等分.16.C解析：等量异种电荷相互吸引，空间电场叠加如图C所示.17.B 解析：磁感线的稀疏密集代表磁场的强弱，a点比b点密集，a点磁感应强度比b 点大.由于通电导线在磁场中的受力与导线在磁场中的摆放方式有关，垂直磁场摆放受力最大，平行磁场摆放受力最小.18.A 解析：由磁通量定义公式①=BS可得，答案A正确.19.C解析：由左手定则可知，刚刚进入磁场时，正电荷受到向上的力，负电荷进入磁场时，受到向下的力，由曲线运动的轨迹判断可得，C正确.20.C解析：根据图象，纵坐标为零的区段代表在运动员空中运动，5.4s到7.4s的过程时间1 圆盘的角速度多大时，物块A将开始滑动？2 当角速度缓慢地增加到4rad/s时，弹簧的伸长暈是多少？(弹簧伸长在弹性限度内且物块未脱离圆盘)3 在角速度从零缓慢地增加到4md/s过程屮，物块与圆盘间摩擦力大小为f,试通过计算在坐标系中作出fc?图象.为2s,则上升与下降的时间都是Is,所以最大高度为5in.21.C解析：开普勒发现了行星运动规律，牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，海王星在观测到之前是根据牛顿的万有引力定律算出来的.22.B解析：完全失重并不是没有重力，卫星内物体仍然受到地球引力提供圆周运动的向心力.23.D解析：围绕同一中心天体，高轨道卫星的线速度小，周期大.24—A.寻或0.27 _ 或806.6724-B. 20 1025.(1)刻度尺(2)m M 平衡摩擦力26.解析：(1)由F合=ma可知，F合=500N.(2)由v = v()+al 可知，1=0.5s.2 2(3)由h—2：，或者h— 2 可知h=0.125m.27.解析：⑴如图所示.红蜡块在水平方向受到玻璃管的弹力，由匀变速直线运动规律S = a=0」0m/s 2 , F=ma=0・lX0・10N=0・01N ・（3） 4s 末时红蜡块的水平方向分速度为v 4=at 4=0.10X4m/s=0.40m/s4s 末时红蜡块的速度为 v^= p0.3（）2+0.4（）2 m/s=0.5m/s.2&解析：（1）设圆盘的角速度为a ）（）时，物块A 将开始滑动，此时物块的最大静摩擦力提供向心力，则有⑵设此时弹簧的伸长量为Ax,物块受到的摩擦力和弹簧的弹力的合力提供向心力，则有pmg+k A x=mco 2（l （）+ A x ）,代入数据解得 A x=0.2m.（3）在角速度从冬缓慢地增加到2rad/s 过程中，物块与圆盘间摩擦力为静摩擦力f=m 扇1（）, f 随着角速度平方的增加而增大.当co>2rad/s 时，物块与圆盘间摩擦力为滑动摩擦力，为定值，为f=|img=2N.小高考冲刺卷（二）物理本试卷包含选择题（第1题〜第23题，共23题69分）、非选择题（第24题〜第 28题，共5题31分）共两部分.本次考试时间为75分钟.一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）. • • • •1. 下列事例中，能将物体或人可以看成质点的是（）①研究跳水运动员在比赛屮的空屮姿态 ②观看参加马拉松比赛的121号运动员③分析一列火车通过某路口所用的时间④跟踪我国科学考察船去南极途中A. ①③B.②③C.①④D.②④2. 梁朝傅翕非常有名的偈语：“空手把锄头，步行骑水牛；人从桥上过,桥流水不流” •试判定“桥流水不流”句所对应的参考系是（）A. 岸B.水C.树D.牛3. 关于质点的位移和路程，下列说法正确的是（）A. 位移是矢量，位移的方向就是质点运动的方向B. 路程是标量，也是位移的大小C. 质点做直线运动时，路程等于其位移的大小D. 位移的数值一定不会比路程大4.做匀加速直线运动的物体，加速度是2m/s 2,它意味着（）得出 0.05 = 2at ：2y/cmP mg=mcoolo^ 解得 coo=" 0.2X10 ―乔一rad/s = 2rad/s.A.物体在任Is末的速度是该秒初的两倍B.物体在任Is末的速度比该秒初的速度大2m/sC.物体在第Is末的速度为2m/sD.物体在任Is的初速度比前Is的末速度大2m/s5.如图所示，甲、乙分别表示两个运动物体的vt图象.若它们的加速度分别为"甲、a乙, 则它们的大小关系是（）A.a甲va乙B.a甲=a乙C.a甲＞&乙D.不能确定6.在轻质弹簧下端悬挂一质量为0.1kg的物体，当物体静止后，弹簧伸长了0.01m,取g=10m/s2.该弹簧的劲度系数为（）A.lN/mB. 10N/mC. 100N/mD. 1 OOON/m7.如图所示在水平力F的作用下，重为G的物体沿竖直墙壁匀速下滑，物体与墙Z间的动摩擦因数为卩，物体所受摩擦力大小为（）A.M GB.u（F+G）C.u（F-G）D.G&关于惯性的有关概念，下列说法中正确的是（）A.从枪膛屮飞出的子弹，在惯力作用下飞行B.满载的卡车比空车难以停下来，是因为前者的惯性比后者大C.一个运动物体在粗糙水平路面上比光滑水平路面上难以启动，是因为在前一种情况下惯性大D.喷气式飞机起飞后越飞越快，说明它的惯性越来越大9.下面关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（）A.两物体间的作用力和反作用力一定是同性质的力B.先有作用力，后有反作用力C.只有物体处于静止状态时，物体间才存在作用力和反作用力D.只有物体接触时，物体间才存在作用力和反作用力10.以V。

2019年高考物理冲刺大二轮练习：word版含解析

专练1 选择题＋选考题(一)(时间：30分钟)一、选择题(本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．)14．(2018·石家庄质检(一))飞艇常常用于执行扫雷、空中预警、电子干扰等多项作战任务．如图所示为飞艇拖曳扫雷具扫除水雷的模拟图．当飞艇匀速飞行时，绳子与竖直方向的夹角恒为θ角．已知扫雷具质量为m ，重力加速度为g ，扫雷具所受浮力不能忽略，下列说法正确的是( )A ．扫雷具受3个力作用B ．绳子拉力大小为mg cos θC ．水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力D ．绳子拉力一定大于mg[解析] 扫雷具受到重力、绳子拉力、水的阻力、水的浮力共4个力作用，选项A 错误；设扫雷具所受水的浮力为f ，绳子的拉力为F ，由F cos θ＝mg －f ，解得绳子拉力F ＝mg －f cos θ，选项B 错误；水对扫雷具的作用力包括竖直向上的浮力和水平向右的阻力，绳子拉力在水平方向的分力大小等于水的阻力(即水对扫雷具作用力的水平分力)，所以水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力，选项C 正确；在竖直方向，重力竖直向下，浮力竖直向上，则由mg ＝f ＋F cos θ可知，无法判断绳子拉力与重力mg的大小关系，选项D错误．[答案] C15．(2018·陕西质检(一))如图所示，菱形ABCD的对角线相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在AC连线上的M点与N点，且OM＝ON，则()A．A、C两处电势、场强均相同B．A、C两处电势、场强均不相同C．B、D两处电势、场强均相同D．B、D两处电势、场强均不相同[解析]以无穷远处为零势能点，则A处电势为正，C处电势为负，故A、C两处电势不同，由场强叠加原理知A处场强方向向左，C处场强方向也向左，且大小相同，故A、C两处的电场强度相同，A、B错误；B、D两处场强大小相等，方向均水平向右，两处的电势均为0，C正确，D错误．[答案] C16．(2018·河北名校联盟)2017年6月19日，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，卫星没有按照原计划进入预定轨道．经过航天测控人员的配合和努力，通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道．卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点．下列说法正确的是()A ．卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P 点的速度等于在Q 点的速度B ．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q 点的速度C ．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q 点的加速度D ．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小[解析] 卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，由开普勒第二定律知，离中心天体越近，运行速度越大，因此卫星在P 点的速度大于在Q 点的速度，选项A 错误；卫星由椭圆轨道Ⅰ改变速度进入地球同步轨道Ⅱ时要点火加速，因此，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q 点的速度，选项B 正确；根据牛顿第二定律知，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点加速度等于在同步轨道Ⅱ的Q 点的加速度，选项C 错误；卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，速度减小，卫星做近心运动，轨道半径减小，根据G Mm r 2＝m v 2r 可得v ＝ GM r ，即轨道半径变小，速度变大，动能变大，选项D 错误．[答案] B17．(2018·陕西摸底)如图，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r .闭合开关，电路稳定后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V 1、V 2、V 3示数变化量的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2、ΔU 3，理想电流表A 示数变化量的绝对值为ΔI ，下列说法错误的是( )A ．A 的示数增大B ．V 2的示数增大C ．ΔU 3与ΔI 的比值大于rD ．ΔU 1大于ΔU 2[解析] 理想电压表V 1、V 2、V 3的示数分别是定值电阻两端的电压、路端电压、滑动变阻器两端的电压，理想电流表A 的示数是干路中的电流．滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流增大，A 示数增大，内电压增大，路端电压减小，即V 2示数减小，故选项A 正确，B 错误；因为ΔU 1ΔI ＝R 、ΔU 2ΔI ＝r ，而R >r ，所以ΔU 1>ΔU 2，故选项D 正确；因为ΔU 3>ΔU 2、ΔU 2ΔI ＝r ，所以ΔU 3ΔI >r ，故选项C 正确．[答案] B18．(2018·武汉调研)一物块从固定斜面底端沿倾角为θ的斜面上滑，到达最大高度后又返回斜面底端．已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为( )A.13tan θ B.12tan θ C.35tan θ D ．tan θ[解析] 物块沿斜面上滑时的加速度大小a 1＝g sin θ＋μg cos θ，则s ＝12a 1t 2；物块沿斜面下滑时的加速度大小a2＝g sinθ－μg cosθ，则s＝12a2(2t)2，联立解得μ＝35tanθ，选项C正确．[答案] C19．(2018·福州高三期末)氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61 eV～3.10 eV范围内，则下列说法正确的是()A．氢原子由n＝2能级跃迁到n＝1能级，放出的光子为可见光B．大量氢原子处于n＝4能级时，向低能级跃迁能发出6种频率的光子C．处于基态的氢原子电离需要释放13.6 eV的能量D．氢原子处于n＝2能级时，可吸收2.86 eV能量的光子跃迁到高级能[解析]大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，先从n＝4能级分别向下面的三个能级各画一条线，可画三条；再从n＝3能级出发，分别向下面二个能级各画一条线，可画两条；再从n＝2能级出发，向下面一能级画一条线，可画一条；则总共可画6条，即能发出6种频率的光子，B正确；处于n＝2能级的氢原子，吸收2.86 eV能量的光子，－3.4 eV＋2.86 eV＝－0.54 eV，跃迁到n＝5能级，选项D正确．[答案]BD20．(2018·四川五校联考)如图所示，在x>0，y>0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B.现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从x轴上的某点P沿着与x轴成30°角的方向射入磁场．不计重力的影响，则下列说法正确的是()A ．只要粒子的速率合适，粒子就可能通过坐标原点B ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为5πm 3qBC ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πm qBD ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πm 6qB[解析] 带正电粒子由P 点与x 轴成30°角入射，则粒子运动轨迹的圆心在过P 点与速度方向垂直的方向上，粒子在磁场中要想到达坐标原点，转过的圆心角肯定大于180°，如图所示，而因磁场有边界，故粒子不可能通过坐标原点，A 错误；由于P 点的位置不定，所以粒子在磁场中的轨迹圆弧对应的圆心角也不同，最大的圆心角为圆弧与y 轴相切时，偏转角度为300°，运动的时间t ＝56T ＝5πm 3qB，根据粒子运动的对称性，可知粒子的运动半径无限大时，对应的最小圆心角也一定大于120°，所以运动时间t ′>13T ＝2πm 3qB，故粒子在磁场中运动的时间范围是2πm 3qB <t ″≤5πm 3qB，BC 正确，D 错误．[答案]BC21．(2018·辽宁五校联考)如图所示，图中两条平行虚线间存在有匀强磁场，虚线间的距离为2L，磁场方向垂直纸面向里．abcd是位于纸面内的梯形闭合线框，ad与bc间的距离为2L且均与ab垂直，ad边长为2L，bc边长为3L，t＝0时刻，c点与磁场区域左边界重合．现使线框以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则在线框穿过磁场区域的过程中，感应电流I及a、b间电势差U随时间t变化的关系图线可能是()[解析] 在线框dc 边逐渐进入磁场的过程中，线框切割磁感线的有效长度逐渐增大，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知，产生的感应电动势和感应电流逐渐增大；dc 边完全进入后，线框切割磁感线的有效长度不变，产生的感应电动势和感应电流恒定；dc 边出磁场过程，线框切割磁感线的有效长度逐渐减小，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，产生的感应电动势和感应电流逐渐减小，但此时通过线框的磁通量仍一直增大，电流为正；dc 边完全出磁场后，ab 边进入匀强磁场切割磁感线，产生的感应电动势和感应电流恒定，但电流为负，所以B 正确，A 错误；在0～3⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 时间段，线框右侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a 、b 之间的电势差与电流成正比，图象与电流图象类似；在3～5⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 时间线段框左侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a 、b 之间的电势差为正值，D 正确，C 错误．[答案] BD二、选考题(从两道题中任选一题作答)33．(2018·昆明高三摸底)[物理——选修3－3](1)(多选)下列说法正确的是________．A ．处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果B ．液体与固体接触处的附着层都有收缩的趋势C ．液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势D ．毛细管插入浸润液体中管内液面会上升E ．毛细管插入不浸润液体中管内液面会上升(2)一定质量的理想气体，状态从A →B →C →A 的变化过程可用如图所示的p —V 图线描述，气体在状态C 时温度为T C ＝300 K ，求：①气体在状态A 时的温度T A ，并比较A 、B 状态时气体的温度；②若气体在A →B 过程中吸热500 J ，则在A →B 过程中气体内能如何变化？变化了多少？[解析] (1)处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果，之所以是球形，是因为液体表面张力有使表面积收缩到最小的趋势，选项A 正确；液体与固体接触处的附着层不一定都有收缩的趋势，当附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润；附着层内分子间的距离大于r 0时，附着层有收缩的趋势，表现为不浸润，选项B 错误；液体与气体接触的表面层分子相对稀疏，分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势，选项C 正确；浸润液体情况下容器壁对液体的吸引力较强，附着层内分子密度较大，分子间距较小，故液体分子间作用力表现为斥力，附着层内液面升高，故浸润液体呈凹液面，不浸润液体呈凸液面，毛细管插入浸润液体中管内液面会上升，选项D 正确，E 错误．(2)①气体从C →A 、B →C ，根据理想气体状态方程可得p C V C T C ＝p A V AT A解得T A ＝300 Kp C V C T C ＝p B V BT B解得T B ＝600 KT B >T A(也可用A 、B 位于两条不同的等温线上，由p —V 图象的物理意义可知T B >T A ) ②气体在A →B 过程压强不变W ＝－pΔV由热力学第一定律：ΔU ＝Q ＋W可得气体内能增加了ΔU ＝200 J[答案] (1)ACD (2)①300 K T B >T A ②内能增加 200 J34．(2018·安徽百所高中一模)[物理——选修3－4](1)(多选)一条绳子两端为A 点和B 点，沿绳子建立坐标系，如图甲所示，每隔1 m 选一个坐标点，图乙为A 点的振动图象，图丙为B 点的振动图象，两质点各振动一个周期，分别形成两列波相对传播，波速均为2 m/s ，则下列说法正确的是________．A ．两列波的波长都是2 mB ．两列波在t ＝2.5 s 时开始相遇C．t＝3 s时，x＝4 m处质点为振动加强点D．t＝3 s时，x＝4 m处质点的位移大小为40 cmE．两列波相遇的时间为0.5 s(2)如图所示为截面为四分之三圆的玻璃柱，圆弧ABC面镀银，圆弧的半径为10 6 cm.一细光束垂直OA并从OA的中点D射入玻璃柱，玻璃柱对该光的折射率为2，光在真空中的传播速度为c＝3×108 m/s，求：①光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角；②光在玻璃柱中传播的时间(结果保留三位有效数字)．[解析](1)A、B两点的振动周期均为1 s，波速均为2 m/s，由v＝λT得波长均为2 m，A正确；当B点开始振动时，A点振动引起的振动形式传播到x＝2 m处，两列波经过t＝32s＝1.5 s同时传播到x＝5 m处，因此在t＝2.5 s时两列波相遇，B正确；x＝4 m处的质点与x＝2 m处为一个波长的距离，与x＝8 m处为两个波长的距离，距离之差为一个波长，因此该点为振动加强点，C正确；t ＝3 s时，A点振动引起的振动形式在x＝4 m处位移为0，B点振动引起的振动形式在x＝4 m处位移也为0，因此t＝3 s时，x＝4 m处质点的位移大小为0，D 错误；以其中一列波为参考系，另一列波相对传播速度为2v，相遇时相对传播距离为2λ，则相遇时间t＝2λ2v＝T，即t＝1 s，E错误．(2)①光射入玻璃柱后的光路如图所示，在E点有sin∠DEO＝12，得∠DEO＝30°由几何关系知，∠DEO＝∠BEO＝∠EBO＝∠OBF 光在OC面上射出时的入射角r＝30°由折射定律n＝sin i sin r得光从OC面射出时的折射角i＝45°则光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角为i′＝135°②光在玻璃柱中传播的路程为s＝DE＋EB＋BFDE＝R cos30°BE＝2R cos30°BF＝R cos30°光在玻璃柱中传播的速度为v＝c n光在玻璃柱中传播的时间为t＝sv代入数据解得t＝4.33×10－9 s[答案](1)ABC(2)①135°②4.33×10－9 s。

2019高考物理最后冲刺增分小题狂练： 3 含解析

小题狂练3误差有效数字实验：研究匀变速直线运动小题狂练③小题是基础练小题提分快1.[2019·广州调研](1)某同学用电磁打点计时器测匀变速直线运动的加速度，电磁打点计时器的工作电源为________．A．220 V的交流电B．6 V以下的交流电C．220 V的直流电D．6 V以下的直流电(2)实验中打点计时器每隔0.02 s打一个点，打出的纸带如图所示，则可大致判断小车做________(选填“匀速”或“匀变速”)直线运动，这是因为______________；计算小车的加速度大小a＝________m/s2(保留两位有效数字)．答案：(1)B(2)匀变速两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定0.30 解析：(1)电磁打点计时器的工作电源为6 V以下的交流电，选项B正确．(2)根据打出的纸带中两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定，可大致判断小车做匀变速直线运动．利用Δx＝aT2，T＝5×0.02 s＝0.1 s，可得小车的加速度大小a＝0.30 m/s2.2．[2019·湖南省衡阳模拟]在研究匀变速直线运动中，某同学用一端装有定滑轮的长木板、小车、打点计时器(频率为50 Hz)、钩码、纸带、细线组成如图甲所示的装置，用钩码拉动小车，使其做匀变速直线运动，得到如图乙所示的一条纸带，纸带中相邻两个计数点之间有四个点未标出．(1)某同学操作实验步骤如下，有错误或不需要的步骤是________(填写字母)．A．将打点计时器固定在长木板上，并连接好电路B．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔C．适当抬高长木板的左端，在不挂钩码的情况下，轻推小车，小车能匀速运动D．把一条细线拴在小车上，细线跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码E．将小车移至靠近打点计时器处F．先释放纸带，再接通打点计时器(2)用毫米刻度尺测量得到图乙中A点与其他计数点间的距离为：AB＝3.00 cm、AC ＝10.16 cm 、AD ＝21.48 cm 、AE ＝36.95 cm ，则打下D 点时小车的速度大小为________ m/s ；小车的加速度为________ m/s 2.(结果保留三位有效数字)答案：(1)CF (2)1.34 4.16解析：(1)其中不需要的步骤是C ，本实验研究的是匀变速直线运动，是否存在摩擦阻力，对实验没有影响，只要加速度恒定即可；错误的是F ，实验时，不能先释放纸带，再接通打点计时器，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以应该先接通电源，再释放纸带．(2)由于打点计时器打点的时间间隔为0.02 s ，相邻两个计数点之间还有四个点未标出，所以相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1 s ．根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程的平均速度，可以求出打下D 点时小车的瞬时速度大小：v D ＝x CE 2T ＝36.95－10.162×0.1×10－2 m/s ＝1.34 m/s ，根据匀变速直线运动的推论公式Δx ＝aT 2，可以求出加速度的大小，解得：a ＝x CE －x AC 4T 2＝36.95－10.16－10.164×0.1×0.1×10－2 m/s 2＝4.16 m/s 2.3．[2019·安徽省宿州市时村中学模拟]某同学在“用打点计时器测速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出0、1、2、3、4、5、6共7个计数点，每相邻两个计数点之间还有四个点没标出，其部分两点间的距离如图所示，完成下列问题．(1)电火花计时器的工作电源是________(填“交流电”或“直流电”)，电源电压是________V .(2)关于打点计时器的时间间隔，下列是四位同学各自发表的看法，其中正确的是________．A ．电源电压越高，每打两个点的时间间隔就越短B ．纸带速度越大，每打两个点的时间间隔就越短C ．打点计时器连续打两个点的时间间隔由电源的频率决定D ．如果电源为直流电源，打点计时器连续打两个点的时间间隔保持不变(3)计算出打下点4时小车的瞬时速度为v 4＝________，小车的加速度为a ＝________.(计算结果保留三位有效数字)答案：(1)交流电 220 (2)C (3)0.314 m/s 0.499 m/s 2解析：(1)电火花计时器使用的是220 V 的交流电．(2)打点计时器是使用交流电源的仪器，其打点周期与交流电的周期相同，与电压、速度等无关，故A 、B 、D 错误，C 正确．(3)由于每相邻两个计数点间还有4个点没有标出，所以相邻两计数点间的时间间隔T ＝0.1 s ，根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程的平均速度，计算出打下点4时小车的速度为v 4＝0.119 5－0.056 82×0.1m/s ＝0.314 m/s.根据逐差法可得a ＝x 36－x 03(3T )2＝0.158 5－0.056 8－0.056 8(3×0.1)2 m/s 2＝0.499 m/s 2. 4．[2019·贵州省遵义航天高级中学诊断]在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：(1)选出实验中所需的器材并填在横线上(填序号)．①打点计时器 ②天平 ③交流电源 ④直流电源 ⑤细线和纸带 ⑥钩码 ⑦秒表 ⑧木板(带滑轮)、小车 ⑨刻度尺选出的器材是：_______________________________.(2)某同学在实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A 、B 、C 、D 、E 共5个计数点．测得计数点间的距离如图甲所示，每相邻两个计数点之间还有四个点未标出．①试根据纸带上计数点间的距离，计算出打下B 、C 、D 三个点时小车的瞬时速度，则v B ＝________ m/s ，v C ＝0.264 m/s ，v D ＝0.390 m/s.(保留三位有效数字)②在如图乙所示的坐标系中作出小车的v －t 图线，并根据图线求出a ＝________ m/s 2.③将图线延长与纵轴相交，此交点的物理意义是_________________________________________________________．答案：(1)①③⑤⑥⑧⑨ (2)①0.138 ②如图所示 1.26 ③计时初始的速度解析：(1)在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，实验步骤为：(a)木板平放，并使滑轮伸出桌面，固定打点计时器，连接好电路；(此处所需的器材有①③⑧)(b)穿纸带，挂钩码；(此处所需的器材有⑤⑥)(c)先接通电源，然后放开小车，让小车拖着纸带运动，打完一条后立即关闭电源；(e)换纸带，加钩码，再做一次；(f)处理纸带，解出某位置的速度和运动过程的加速度．(此处所需的器材有⑨)由实验步骤可以看出需要的器材有①③⑤⑥⑧⑨.(2)①由于相邻两计数点间还有四个点未标出，所以相邻两计数点间的时间间隔T ＝0.1 s ．根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，得：v B ＝0.027 602×0.1m/s ＝0.138 m/s.②作图时注意，尽量使描绘的点落在直线上，若不能落在直线上，尽量让其分布在直线两侧．则a ＝Δv Δt ＝0.390－0.1380.2m/s 2＝1.26 m/s 2.③图线与纵轴的交点表示计时初始的速度．5．[2019·河南师大附中模拟]研究小车做匀变速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调．打点计时器的工作频率为50 Hz.纸带上计数点的间距如图乙所示，其中每相邻两点之间还有4个点迹未标出．(1)部分实验步骤如下：A ．测量完毕，关闭电源，取出纸带B ．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C ．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D ．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是______________________(用字母填写)．(2)图乙中标出的相邻两计数点间的时间间隔T ＝___________ s.(3)计数点5对应的瞬时速度大小的计算式为v 5＝_____________.(4)为了充分利用记录的数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a ＝________.答案：(1)DCBA (2)0.1 (3)s 4＋s 52T(4)(s 4＋s 5＋s 6)－(s 1＋s 2＋s 3)9T 2解析：(1)在实验过程中应先固定打点计时器，再放置小车，然后打开电源，待打点计时器工作稳定后再释放小车，所以正确的顺序是DCBA.(2)每隔4个点或每5个点取一个计数点时，相邻两计数点间的时间间隔T ＝150 s ×5＝0.1 s ．(3)根据匀变速直线运动中某段时间的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，可得v 5＝s 4＋s 52T .(4)为了充分利用记录的数据，减小误差，应采用逐差法计算加速度：a ＝(s 4＋s 5＋s 6)－(s 1＋s 2＋s 3)9T 2.6．[2019·广西钦州模拟]某同学测定匀变速直线运动的加速度时，得到了在不同拉力下的A 、B 、C 、D 、…几条较为理想的纸带，并在纸带上每5个点取一个计数点，即相邻两计数点间的时间间隔为0.1 s ，将每条纸带上的计数点都记为0、1、2、3、4、5、…，如图所示甲、乙、丙三段纸带，分别是从三条不同纸带上撕下的．(1)在甲、乙、丙三段纸带中，属于纸带A 的是________(填“甲”、“乙”或“丙”)；(2)打纸带A 时，小车的加速度大小为________ m/s 2；(3)打点计时器打计数点1时小车的速度为________ m/s(结果保留三位有效数字)．答案：(1)乙 (2)3.11 (3)0.456解析：(1)根据匀变速直线运动的特点(相邻的等长时间间隔位移之差相等)得出：x 34－x 23＝x 23－x 12＝x 12－x 01，所以属于纸带A 的是乙；(2)根据运动学公式Δx＝aT 2，得：a ＝0.061 1－0.030.01m/s 2＝3.11 m/s 2；(3)利用匀变速直线运动的推论：v 1＝0.061 1＋0.032×0.1m/s ＝0.456 m/s. 7．[2019·广东省广州市模拟]打点计时器接在50 Hz 的交流电源上时，每隔________s 打一个点．做匀变速直线运动的小车拖动纸带穿过打点计时器，纸带上记录的点如图，A 、B 、C 、D 、E 为5个计数点，相邻两计数点间有4个点没标出．已知纸带与A 点相近的一端跟小车相连，由此可知，小车的加速度大小为________ m/s 2(结果保留三位有效数字)，方向与小车运动方向________(填“相同”或“相反”)；打下C 点时，小车的瞬时速度为________ m/s(计算结果保留三位有效数字)．答案：0.02 0.740 相反 0.472解析：打点计时器接在50 Hz 的交流电源上时，每隔0.02 s 打一个点．因相邻两计数点间有4个点没标出，则T ＝0.1 s ．已知纸带与A 点相近的一端跟小车相连，由此可知，小车的加速度为a ＝x DE －x AB 3T 2＝(3.61－5.83)×10－23×0.01m/s 2＝－0.740 m/s 2，负号说明加速度方向与小车运动方向相反；AB 中间时刻的速度v 1＝5.83×10－20.1m/s ＝0.583 m/s ，则打C 点时，小车的瞬时速度v C ＝v 1＋a (T ＋0.5T )＝(0.583－0.740×0.15) m/s ＝0.472 m/s.8．[2019·河北省邢台二中测试]某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f ＝50 Hz ，在纸带上打出的点中，选出零点，然后每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A 、B 、C 、D 是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：s A ＝16.6 mm ，s B ＝126.5 mm ，s D ＝624.5 mm ，若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为________s ；②打C 点时物体的速度大小为________ m/s ；(保留两位有效数字)③物体的加速度大小为________(用s A 、s B 、s C 、s D 和f 表示)．答案：①0.1 ②2.5 ③(s D －3s B ＋2s A )f 275解析：①打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T ＝0.1 s ；②根据匀变速直线运动中某段时间的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度得v C ＝x BD t BD＝s D －s B 2T ＝2.5 m/s ；③由Δx ＝aT 2，得：x BC ＝x AB ＋aT 2，x CD ＝x BC ＋aT 2＝x AB ＋2aT 2，两式相加得x BD ＝2x AB ＋3aT 2，所以a ＝(s D －s B )－2(s B －s A )3T 2＝(s D －3s B ＋2s A )f 275. 9．[2019·广东省茂名市模拟]如图是某同学研究小球下落时的频闪照片，频闪仪每隔0.1 s 闪光一次并进行拍照．照片中小球静止时在位置1，某时刻释放小球，下落中的小球各位置与位置1的距离如图中所标的数据(单位：cm)．实验过程正确，但该同学发现图中数据存在以下问题：根据h ＝12gt 2＝12×9.8×0.12 m ＝4.90 cm ，而图中标出的位置1和位置2间的距离为1.23 cm ，比4.90 cm 小很多，你对此问题的解释是________________．下落中小球在位置3的速度大小为________ m/s ，小球做自由落体运动的加速度大小为________ m/s 2.(计算结果保留三位有效数字)答案：小球在位置2时下落的时间小于0.1 s 1.47 9.80解析：根据h ＝12gt 2＝12×9.8×0.12 m ＝4.90 cm ，而位置1和位置2的距离为1.23 cm ，比4.90 cm 小很多，由此可知，频闪仪拍位置1时，小球并没有立即开始下落，导致小球在位置2时下落的时间小于0.1 s ；从上向下，给小球编号，即为1、2、3、4；那么3是2与4的中间时刻，故v 3＝x 242t ，x 24＝(30.64－1.23) cm ＝29.4 cm＝29.4×10－2 m ，每相邻两个位置间的时间间隔t ＝0.1 s ，代入数据得：v 3＝29.4×10－22×0.1m/s ＝1.47 m/s ，设2到3间的位移为x 1,3到4间的位移为x 2，由匀变速直线运动的推论：Δx ＝at 2得：x 2－x 1＝gt 2，(注意：t 是发生x 1或x 2这个位移所用的时间)t ＝0.1 s ，代入数据得：[(30.63－11.03)－(11.03－1.23)]×10－2(m)＝g ×(0.1 s)2，解得：g ＝9.80 m/s 2.10．[2017·全国卷Ⅰ]某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间．实验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示．实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车．在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续的6个水滴的位置．(已知滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴)(1)由图(b)可知，小车在桌面上是________(填“从右向左”或“从左向右”)运动的．(2)该小组同学根据图(b)的数据判断出小车做匀变速运动．小车运动到图(b)中A 点位置时的速度大小为________ m/s ，加速度大小为________ m/s 2.(结果均保留2位有效数字)答案：(1)从右向左 (2)0.19 0.037解析：(1)由于小车在水平桌面上运动时必然受到阻力作用，做匀减速直线运动，相邻水滴(时间间隔相同)的位置间的距离逐渐减小，所以由题图(b)可知，小车在桌面上是从右向左运动的．(2)滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴，其滴水的时间间隔为T ＝30 s 46－1＝23s ．根据匀变速直线运动的规律，可得小车运动到题图(b)中A 点位置时的速度大小为v A ＝0.117＋0.1332T(m/s)≈0.19 m/s.由Δx ＝aT 2和逐差法可得，小车运动的加速度大小为a ＝(0.150－0.117)＋(0.133－0.100)4T 2(m/s 2)≈0.037 m/s 2.课时测评③综合提能力课时练赢高分一、选择题1．关于误差，下列说法中正确的是()A．认真测量可以避免误差B．误差是实验中产生的错误C．采用精密仪器，改进实验方法，可以消除误差D．实验中产生误差是难免的，但可以想办法尽量减小误差答案：D解析：错误是指因仪器故障、设计错误、操作不当等造成的测量偏差，不是误差．误差是不可避免的，只能尽可能减小误差，而错误是可以避免的．2．以千米为单位计录的某次测量结果为5.4 km，若以米为单位，记录这一结果可写为()A．5 400 m B．5.4×103 mC．5.40×103 m D．5.400×103 m答案：B解析：测量结果5.4 km有两位有效数字，因此以米为单位记录测量结果也应该是两位有效数字，表示为5.4×103 m.二、非选择题3．在“测金属的电阻率”的实验中，分别用游标卡尺和螺旋测微器测出用金属材料制成的一段圆柱体的长度和横截面的直径如下图所示．则该圆柱体的长度为________mm，横截面的直径为________mm.答案：49.10 4.702解析：根据游标卡尺读数规则，该圆柱体的长度为49 mm＋2×0.05 mm＝49.10 mm，根据螺旋测微器读数规则，圆柱体横截面的直径为4.5 mm＋20.2×0.01 mm ＝4.702 mm.4．某同学在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，打点计时器所用电源的频率是50 Hz，在实验中得到一条点迹清晰的纸带，他把某一点记作O，再选依次相邻的6个点作为测量点，分别标以A、B、C、D、E和F，如图甲所示．(1)如果测得C 、D 两点相距2.70 cm ，D 、E 两点相距2.90 cm ，则在打D 点时小车的速度是________m/s.(计算保留三位有效数字)(2)该同学分别算出打各点时小车的速度，然后根据数据在v －t 坐标系中描点(如图乙所示)，由此可求得小车的加速度a ＝________m/s 2.(计算保留三位有效数字)答案：(1)1.40 (2)5.00解析：(1)打计数点D 时小车的瞬时速度v ＝CD ＋DE 2T ＝2.70＋2.900.02×2×10－2 m/s ＝1.40 m/s.(2)将点连成平滑直线如图丙所示，由图象的斜率，得a ＝Δv Δt ＝1.50－1.0010×10－2 m/s 2＝5.00 m/s 2.丙5．一位同学在研究小球自由落体运动时，用频闪照相连续记录下小球的位置如图所示．已知闪光周期为130 s ，测得x 1＝7.68 cm ，x 3＝12.00 cm ，用上述数据通过计算可得小球运动的加速度约为________m/s 2，图中x 2为________cm.答案：9.72 9.84解析：由x 3－x 1＝4aT 2，代入数据解得a ＝9.72 m/s 2.x 2－x 1＝2aT 2，所以x 2＝x 1＋2aT 2＝9.84 cm.6．光电计时器是一种研究物体运动情况的常用计时仪器，其结构如图甲所示，a 、b 分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从a 、b 间通过时，光电计时器就可以精确地把物体从开始挡光到挡光结束的时间记录下来．现利用图乙所示的装置测量滑块和长木板间的动摩擦因数，图中MN 是水平桌面，Q 是长木板与桌面的接触点，1和2是固定在长木板上适当位置的两个光电门，与之连接的两个光电计时器没有画出，长木板顶端P 点悬有一铅锤，实验时，让滑块从长木板的顶端滑下，光电门1、2各自连接的计时器显示的挡光时间分别为1.0×10－2 s 和4.0×10－3 s ．用精度为0.05 mm 的游标卡尺测量滑块的宽度为d ＝1.010 cm.(1)滑块通过光电门1时的速度v 1＝________m/s ，滑块通过光电门2时的速度v 2＝________m/s(结果保留两位有效数字)．(2)由此测得的瞬时速度v 1和v 2只是一个近似值，它们实质上是通过光电门1和2时的________，要使瞬时速度的测量值更接近于真实值，可将________的宽度减小一些．(3)为了计算出滑块的加速度，除了测量d 、t 1和t 2之外，还需要测量________________________．则用这些物理量计算加速度的表达式为a ＝____________.答案：(1)1.0 2.5 (2)平均速度滑块(3)滑块由光电门1运动至光电门2所用时间t 或两光电门之间的距离xd (t 1－t 2)tt 1t 2或d 2(t 21－t 22)2xt 21t 22解析：(1)v 1＝d t 1＝1.0 m/s ；v 2＝d t 2＝2.5 m/s. (2)v 1、v 2实质上是滑块通过光电门1和2的平均速度，要使瞬时速度的测量值更接近于真实值，可将滑块的宽度减小一些．(3)为了计算出滑块的加速度，除了测量d 、t 1和t 2之外，还需要测量的物理量有两种方案．方案一：测滑块由光电门1运动至光电门2所用时间t ，由v 2＝v 1＋at 得a ＝d (t 1－t 2)tt 1t 2.方案二：测两光电门之间的距离x ，由v 22－v 21＝2ax 得a ＝d 2(t 21－t 22)2xt 21t 22. 7．在“利用打点计时器测定匀变速直线运动的加速度”实验中，打点计时器接在50 Hz 低压交流电源上，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5个点取一个计数点，共取了A 、B 、C 、D 、E 五个计数点(整条纸带宽度相同)．从A 点开始在每一个计数点处将纸带剪开分成四段(分别为a 、b 、c 、d 段)，将这四段纸带由短到长紧靠但不重叠地粘在xOy 坐标系中，如图所示．(1)若把每一段纸带的左上角连接起来，结果得到一条倾斜的直线，如图所示，由图可知纸带做________运动，且直线与x 轴方向夹角越小，说明纸带运动的加速度________(填“越大”或“越小”)．(2)若测得a 段纸带的长度为5.20 cm ，c 段纸带的长度为7.20 cm ，则可求出加速度的大小为________m/s 2.答案：(1)匀加速直线越小 (2)1解析：(1)纸带剪开后，水平方向宽度相同，正好与时间对应，竖直长度为相等时间内相邻纸带的位移，由于Δx ＝a 0T 2，纸带长度差相等，Δx 的变化规律恰好与速度一样．图线可看做v －t 图象，即速度均匀增加，故为匀加速直线运动，若图象斜率越小，则加速度越小．(2)利用Δx ＝a 0T 2，即x m －x n ＝(m －n )a 0T 2，有a 0＝0.0720－0.05202×(0.1)2 m/s 2＝1 m/s 2. 8．利用图甲装置研究滑块在斜面上的运动，其中光电门的位置可移动，让带有宽度为d 的遮光片的滑块自斜面上同一位置自由下滑，与光电门相连的计时器可以显示出遮光片通过光电门所用的时间t ，并用刻度尺测量滑块到光电门之间的距离s ，改变光电门的位置进行多次测量，利用所得数据描绘出⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2—s 图象，如图乙所示．(1)若用某工具测量遮光片宽度的读数为d ＝2.40 mm ，则所用工具为________．A ．最小分度为毫米的刻度尺B ．10分度游标卡尺C ．20分度游标卡尺D ．螺旋测微器(2)滑块沿斜面下滑的加速度大小为________ m/s 2.(保留两位有效数字)(3)若斜面倾角θ＝53°，重力加速度大小为g ＝10 m/s 2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，则滑块与斜面间的动摩擦因数μ＝________.(结果保留一位有效数字)答案：(1)C (2)5.0 (3)0.5解析：(1)读数结果以毫米为单位，由读数规则知：最小分度为毫米的刻度尺及10分度游标卡尺的小数点后只有1位数字，20分度游标卡尺的小数点后有2位数字，螺旋测微器的小数点后有3位数字，所以所用工具为20分度游标卡尺，C正确．(2)滑块经过光电门时的速度大小为v ＝d t ，滑块在斜面上做初速度为零的匀加速直线运动，其速度大小满足⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2＝2as ，所以⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2—s 图线的斜率大小为加速度大小的2倍，所以滑块的加速度大小为a ＝5.0 m/s 2.(3)由牛顿第二定律知a ＝mg sin θ－μmg cos θm，代入数值得μ＝0.5. 9．在“探究滑块速度随时间变化规律”的实验中．(1)某同学采用如图甲所示的装置进行实验，则实验中____________(选填“需要”或“不需要”)平衡摩擦力，____________(选填“需要”或“不需要”)确保重物质量远小于滑块质量．(2)该同学在研究滑块运动时打出了一条纸带，如图乙所示．在纸带上，连续5个点取一个计数点，依先后顺序标为0、1、2、…(图中只画出前4个计数点及刻度尺对应关系)，已知相邻两个计数点间时间间隔为0.1 s ，距离为x 1、x 2、x 3、…，并画出x n —t 图线如图丙所示(其中横坐标数值表示第n 个0.1 s)．则图乙中x 3＝________cm ，滑块的速度随时间__________(选填“均匀变化”或“恒定不变”)，计数点2对应的滑块速度大小为________ m/s ，滑块的平均加速度大小为________ m/s 2(保留两位有效数字)．答案：(1)不需要不需要 (2)3.45(3.44～3.46) 均匀变化 0.3 1.0解析：(1)本题探究滑块速度随时间变化的规律，速度和加速度均由纸带上的数据求得，又因滑块受不受摩擦力均做匀变速运动，所以不需要平衡摩擦力；实验中也不需要确保重物质量远小于滑块质量．(2)由题图乙可知x 2＝2.45 cm 、x 3＝3.45 cm ，由x n —t 图线可知在相同时间Δt 内位移的增加量相同，所以滑块的速度是均匀变化的，计数点2对应的速度大小为v 2＝x 2＋x 32T ，解得v 2＝0.30 m/s ，由Δx ＝aT 2得平均加速度大小为a ＝1.0 m/s 2.10．利用自由落体运动可测量重力加速度．某同学利用如图所示的实验装置进行实验，图中的M 为可恢复弹簧片，M 与触头接触，开始实验时需要手动敲击M 断开电路，使电磁铁失去磁性释放第一个小球，小球撞击M 时电路断开，下一个小球被释放．(1)为完成实验，除图示装置提供的器材外还需要的器材有________和________．(2)用图中所示的实验装置做实验，测得小球开始下落的位置与M 的高度差为120.00 cm ，手动敲击M 的同时开始计时，到第80个小球撞击M 时测得总时间为40.0 s ，可求得重力加速度g ＝________m/s 2(结果保留两位有效数字)．(3)若该同学测得的重力加速度偏小，可能的原因是________．A ．手动敲击M 时提前计时B ．手动敲击M 时延后计时C ．记录撞击M 的小球个数时少数了一个D ．记录撞击M 的小球个数时多数了一个答案：(1)刻度尺秒表 (2)9.6 (3)AC解析：(1)由h ＝12gt 2知，需要用刻度尺测量小球开始下落的位置与M 的高度差h ，用秒表测量下落的时间．(2)一个小球自由下落的时间t ＝40.080 s ＝0.50 s ，g ＝2h t 2＝9.6 m/s 2.(3)手动敲击M时提前计时或记录撞击M 的小球个数时少数一个都会增加自由下落的时间t ，使根据g ＝2h t 2算出的g 值偏小．。

2019高考物理大二轮复完整版习题型一选择题选择题专项训练3.doc

选择题专项训练（三）（时间:20分钟满分:48分）本卷共8小题,每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项屮，1帀题只有一个选项符合题日要求,6 E 题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.如图所示，两个固定的倾角相同的滑杆上分别套昇、〃两个圆环,两个圆环上分别用细线悬吊着两个物体G 〃，当它们都沿滑杆向下滑动时M 的悬线始终与杆垂直，〃的悬线始终竖直向下。

则下列说法正确的是（）A. A 环与滑杆无摩擦力B. 〃环与滑杆无摩擦力C. A 环做的是匀速运动D. 〃环做的是匀加速运动2. 矩形导线框臼比〃如图甲所示放在匀强磁场屮，磁感线方向与线框平面垂直，磁感应强度〃随时间变化的图象如图乙所示。

时刻,磁感应强度的方向垂直纸面向里。

若规定导线框屮感应电流逆时针方向为正，则在0习s 时间内，线框屮的感应电流/以及线框的M 边所受安培力尸随时间变化的图象为（安培力収向上为正方向）（）臼、力两车在平直公路上行驶，其厂r 图象如图所示，在 □时，两车间距为郭在0匕时间内，曰车的位F1 1 1 11 2! 1 t 3 i t/s移大小为s,下列说法正确的是（）A.0 >1时间内a、力两车相向而行B.0乜时间内臼车平均速度大小是方车平均速度大小的2倍C.若臼、方在U时刻相遇，则STSD.若日、〃在号时刻相遇，则下次相遇时刻为2水4.某同学在研究电子在电场中的运动时，得到了电子由臼点运动到力点的轨迹（图屮实线所示），图屮未标明方向的一组虚线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法不正确的是（）A.如果图中虚线是电场线，电子由臼点运动到力点，动能减小，电势能增大B.如果图中虚线是等势面，电子由臼点运动到力点，动能增大，电势能减小C.不论图中虚线是电场线还是等势面，臼点的电场强度都大于力点的电场强度D.不论图中虚线是电场线还是等势面"点的电势都高于力点的电势5.如图所示，一质量为刃的小球套在光滑竖直杆上,轻质弹簧一端固定于0点，另一端与该小球相连。

2019届高考模拟冲刺卷物理(3)含答案

2019届高考模拟冲刺卷理综物理（3）二、选择题：本题共8小题，每题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一个选项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．某实验小组在做光电效应的实验中，用同一种单色光，先后照射锌和银的表面，都能发生光电效应。

对于这两个过程，下列四个物理量中，可能相同的是A．逸出功B．遏止电压C．饱和光电流D．光电子的最大初动能15．如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，场强方向平行正方形ABCD所在平面。

已知A、B、C三点的电势分别为φA=9V，φB=3V，φC=-3V，则A．D点的电势φD=3V，场强方向平行AB方向B．D点的电势φD=3V，场强方向平行AC方向C．D点的电势φD=6V，场强方向平行BC方向D．D点的电势φD=6V，场强方向平行BD方向16．如图所示，两个相同的带电小球A、B分别用2L3L长的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的同一点，当平衡时，小球B偏离竖直方向30°，小球A竖直悬挂且与光滑绝缘墙壁接触。

若两小球的质量均为m，重力加速度为g。

则A．A、B的静电力等于32mgB3mgC．A球受到细线的拉力等于54mgD．B3mg17．如图所示的电路中，R1为定值电阻，R2为光敏电阻（光照越强电阻越小），C为电容器，电源内阻不可忽略。

闭合开关后，当光照增强时，下列说法正确的是ABo30ABDCA ．电源的效率降低B ．电流表的示数减小C ．R 1的电功率减小D ．电容器两端电势差减小18．太阳围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动速率约为地球公转速率的7倍，轨道半径约为地球公转轨道半径的2×109倍。

为了粗略估算银河系中恒星的数目，可认为银河系中所有恒星的质量都集中在银河系中心，且银河系中恒星的平均质量约等于太阳质量，则银河系中恒星数目约为 A ．107 B ．1011 C ．1016 D ．101819．如图所示，理想变压器原线圈接在u 2sin100πt (V)的交流电源上，副线圈与阻值为R 1=2Ω的电阻接成闭合回路，电流表为理想电流表。

2019年高考(人教版)物理二轮复习选练题(共5套)含答案及解析

2019年高考（人教版）物理二轮复习选练题2019年高考（人教版）物理二轮复习选练题（一）一、选择题1、如图所示，一个质量为4 kg的半球形物体A放在倾角为θ＝37°的斜面B上静止不动。

若用通过球心的水平推力F＝10 N作用在物体A上，物体A仍静止在斜面上，斜面仍相对地面静止。

已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2，则( )A．物体A受到斜面B的摩擦力增加8 NB．物体A对斜面B的作用力增加10 NC．地面对斜面B的弹力不变D．地面对斜面B的摩擦力增加10 N2、[多选]光滑斜面上，当系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B质量相等。

在突然撤去挡板的瞬间( )A．两图中两球加速度均为g sin θB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度为2g sin θD．图乙中B球的加速度为g sin θ3、如图所示，在斜面顶端A以速度v水平抛出一小球，经过时间t1恰好落在斜面的中点P；若在A点以速度2v水平抛出小球，经过时间t2完成平抛运动。

不计空气阻力，则( )A．t2>2t1 B．t2＝2t1C．t2<2t1 D．落在B点4、如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R；曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，已知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是( )A ．椭圆轨道的长轴长度为RB ．卫星在Ⅰ轨道的速率为v 0，卫星在Ⅱ轨道B 点的速率为v B ，则v 0<v BC ．卫星在Ⅰ轨道的加速度大小为a 0，卫星在Ⅱ轨道A 点加速度大小为a A ，则a 0<a AD ．若OA ＝0.5R ，则卫星在B 点的速率v B > 2GM 3R5、用长为l 、不可伸长的细线把质量为m 的小球悬挂于O 点，将小球拉至悬线偏离竖直方向α角后放手，运动t 时间后停在最低点。

2019届高考模拟冲刺卷物理(2)含答案

2019届高考模拟冲刺卷理综物理（2）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．原子弹、氢弹都被称为核武器，都可以瞬间产生巨大的能量，在结构上它们又有很大的区别，它们所涉及的基本核反应方程为（1）1023592U +n9038→Sr 13654+Xe 10k +n ，（2）423121H H →+He 10d +n ，关于这两个方程的下列说法正确的是A ．方程（1）中k ＝10，方程（2）中d ＝2B ．方程（1）是氢弹涉及的核反应方程C ．方程（2）属于α衰变D ．方程（2）属于轻核聚变15．图甲为小型发电机的结构简图，通过线圈在两磁极间转动给小灯泡供电。

已知小灯泡获得的交变电压如图乙所示。

则下列说法正确的是 A.甲图中电压表的示数为62VB.乙图中的0时刻就是甲图所示时刻C.乙图中0.5×10-2s 时刻，穿过甲图中线圈的磁通量最小D.乙图中l.0×10-2s 时刻，穿过甲图中线圈的磁通量最小16．如图所示，把一小球放在开口向上的金属圆桶中，小球直径略小于圆桶直径。

将小球与圆桶从某点由静止释放，不计空气阻力，下列说法正确的是 A ．小球将与圆桶底部脱离并离开圆桶B ．小球与圆桶相对静止且他们之间没有相互作用力C ．小球与圆桶相对静止且圆桶对球有向上的支持力D ．将小球取出后再释放圆桶，其下落的加速度将变小 17．2018年12月8日我国嫦娥四号探测器成功发射，实现人类首次在月球背面无人软着陆。

通过多次调速让探月卫星从近地环绕轨道经地月转移轨道进入近月环绕轨道。

已知地球与月球的质量之比及半径之比分别为a 、b ，则关于近地卫星与近月卫星做匀速圆周运动的下列判断正确的是A.加速度之比约为abB.周期之比约为a b 3C.速度之比约为a bD.从近地轨道进入到地月转移轨道，卫星必须减速18．如图，电子示波管由电子枪、竖直偏转电极YY ′、水平偏转电极XX ′和荧光屏组成，当电极YY ′和XX ′所加电压都为零时．电子枪射出的电子恰好打在荧光屏上的中心点即原点O 上，下列说法正确的是甲-A ．当上极板Y 的电势高于Y ′，而后极板X 的电势低于X ′时，电子将打在第一象限B ．电子从发射到打到荧光屏的时间与偏转电极所加电压大小有关C ．电子打到荧光屏时的动能与偏转电极所加电压大小有关D ．电子通过XX ′时的水平偏转量与YY ′所加电压大小有关19.美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一大步。

2019年高考物理冲刺大二轮练习：题型限时专练3含解析

专练3选择题＋选考题(三)(时间：30分钟)一、选择题(本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求．) 14．(2018·南昌摸底)大量氢原子从n＝3能级向低能级跃迁时放出的光子中，只有一种频率的光子照射金属A不能放出光电子，则下列说法正确的是()A．此种频率的光子一定是氢原子从n＝3能级直接跃迁到基态时放出的B．此种频率的光子一定是氢原子从n＝3能级直接跃迁到n＝2能级时放出的C．此种频率的光子一定是氢原子从n＝2能级直接跃迁到基态时放出的D．此种频率的光子可能是氢原子在n＝3能级时电子绕核运动放出的[解析]大量氢原子从n＝3能级向低能级跃迁可放出3种频率的光子，其中频率最低的是氢原子从n＝3能级直接跃迁到n＝2能级时放出的；发生光电效应的条件是入射光子的频率大于金属的截止频率．据题意，在上述光子中，只有一种频率的光子不会使金属A发生光电效应，则这种频率的光子是跃迁时频率最低的．综上所述，本题中选项B正确，选项A、C错误．按照玻尔理论，电子绕核运动时，原子处于定态，不会放出光子，故选项D错误．[答案] B15．(2018·郑州一中测试)“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，以延长卫星的使用寿命．如图所示，“轨道康复者”与一颗地球同步卫星在同一平面内，绕地球以相同的方向做匀速圆周运动，“轨道康复者”与同步卫星的轨道半径之比为1∶4.若不考虑“轨道康复者”与同步卫星之间的万有引力，则下列说法正确的是( )A ．“轨道康复者”在图示轨道上运行周期为6 hB ．“轨道康复者”线速度大小是同步卫星的3倍C ．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动D ．为实施对同步卫星的拯救，“轨道康复者”需从图示轨道加速[解析] 由开普勒第三定律可知R 3T 2＝k ，代入题给数据可知“轨道康复者”周期与同步卫星周期之比为1∶8，“轨道康复者”周期为3 h ，A 项错误；卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，G Mm r 2＝m v 2r ，得v ＝GM r ，所以“轨道康复者”的线速度大小为同步卫星的2倍，B 项错误；因“轨道康复者”周期小于24 h ，故赤道上的人观察到“轨道康复者”相对地球向东运动，C 项错误；“轨道康复者”必须加速才能进入更高的同步卫星轨道，D 项正确．[答案] D16．(2018·福州市高三期末)均匀带正电荷的球体半径为R ，在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如图所示，图中E 0已知，E —r 曲线下O ～R 部分的面积恰好等于R ～2R 部分的面积．则( )A ．可以判断E —r 曲线与坐标轴r 所围成的面积单位是库仑B ．球心与球表面间的电势差ΔU ＝RE 0C ．若电荷量为q 的正电荷在球面R 处静止释放，运动到2R 处电场力所做的功为qRE 0D ．已知带电球在r ≥R 处的场强E ＝k Q r 2，Q 为该球体总电荷量，则该球所带的电荷量Q ＝E 0R 2k[解析] E —r 曲线与坐标轴r 所围成的面积表示电势差，单位是V ，A 错误；结合图象可知，球心与球表面间的电势差等于E —r 图象0～R 对应的三角形的面积，即ΔU ＝E 0R 2，B 错误；0～R 部分的面积等于R ～2R 部分的面积，球心与球表面间的电势差ΔU ＝E 0R 2，所以R ～2R 的电势差也是E 0R 2，电荷量为q 的正电荷从R 处运动到2R 处，电场力做的功为E 0Rq 2，C 错误；根据所给场强公式，将R 处的场强E 0代入，变形可得D 正确．[答案] D17．(2018·贵阳高三期末)如图所示，两个内壁光滑、半径为R (图中未标出)的半圆形轨道正对着固定在竖直平面内，对应端点(圈中虚线处)相距为x ，最高点A 和最低点B 的连线竖直．一个质量为m 的小球交替着在两轨道内运动而不脱离轨道，已知小球通过最高点A 时的速度v A >gR ，不计空气阻力，重力加速度为g .则( )A ．小球在A 点的向心力小于mgB ．小球在B 点的向心力等于4mgC ．小球在B 、A 两点对轨道的压力大小之差大于6mgD ．小球在B 、A 两点的动能之差等于2mg (R ＋x )[解析] 根据题述，小球在最高点A 时的速率v A >gR ，利用竖直面内圆周运动模型可知，小球速度大于临界值，小球在A 点的向心力大于mg ，选项A 错误；根据机械能守恒定律，12m v 2B ＝mg (2R ＋x )＋12m v 2A ，解得v 2B ＝2g (2R ＋x )＋v 2A ＝4gR ＋2gx ＋v 2A ，小球在B 点的向心力F ＝m v 2B R ＝4mg ＋2mgx R ＋m v 2A R ，一定大于4mg ，选项B 错误；设小球运动到轨道最低点B 时所受半圆形轨道的支持力为F ′B ，由牛顿第二定律，F ′B －mg ＝m v 2B R ，解得F ′B ＝5mg ＋2mgx R ＋m v 2A R ，根据牛顿第三定律，小球运动到轨道最低点时对轨道的压力大小为F B ＝F ′B ＝5mg ＋2mgx R ＋m v 2A R ，设小球运动到轨道最高点A 时所受半圆形轨道的支持力为F ′A ，由牛顿第二定律，F ′A ＋mg ＝m v 2A R ，解得F ′A ＝m v 2A R －mg ，则由牛顿第三定律知，小球运动到A 点时对轨道的压力大小为F A ＝F ′A ＝m v 2A R －mg ，小球在B 、A 两点对轨道的压力之差为ΔF ＝F B －F A ＝6mg ＋2mgx R ，大于6mg ，选项C 正确；根据12m v 2B ＝mg (2R ＋x )＋12m v 2A，小球在B 、A 两点的动能之差ΔE k ＝E k B －E k A ＝12m v 2B －12m v 2A ＝mg (2R ＋x )，选项D 错误． [答案] C18．(2018·洛阳高三统考)如图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A 、C 板间，虚线中间不需加电场，带电粒子从P 0处以速度v 0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D 形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是( )A ．加速粒子的最大速度与D 形盒的尺寸无关B ．带电粒子每运动一周被加速一次C ．P 1P 2＝P 2P 3D ．加速电场方向不需要做周期性的变化[解析] 由于带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径与速度成正比，所以加速粒子的最大速度与D 形盒的尺寸有关，选项A 错误；由于题图中虚线中间不需要加电场，故带电粒子只有经过A 、C 板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次，选项B 正确；应用动能定理，经第一次加速后，qU ＝12m v 21－12m v 20，解得v 1＝v 20＋2qU m ，经第二次加速后，qU ＝12m v 22－12m v 21，解得v 2＝v 21＋2qU m ＝v 20＋4qU m ，而轨迹半径r ＝m v qB ，显然P 1P 2大于P 2P 3，选项C 错误；对于带电粒子，每次加速都是在A 、C 板之间且速度方向相同，即加速电场方向不需要做周期性的变化，选项D 正确．[答案] BD19．(2018·广东六校联考)如图所示，一电荷量q ＝3×10－5 C 的带正电小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置、足够大的平行金属板中的O 点．开关S 合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ＝37°.已知两板间距d ＝0.1 m ，电源电动势E ＝15 V ，内阻r ＝0.5 Ω，电阻箱R 1＝3 Ω，R 2＝R 3＝R 4＝8 Ω，取g ＝10 m/s 2，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.则以下表述正确的是()A ．电源的输出功率为14 WB ．两板间的电场强度的大小为140 V/mC ．带电小球的质量为5.6 mgD ．若增加R 1的大小，会有瞬时电流从左向右流过R 4[解析] 外电路电阻R ＝R 2R 3R 2＋R 3＋R 1，电路中总电流I ＝E R ＋r，路端电压U ＝E －Ir ，输出功率P ＝UI ，解得P ＝28 W ，两板间的场强E 0＝U d ＝140 V/m ，A 错误，B 正确．设小球质量为m ，由共点力平衡条件有mg tan θ＝qE 0，解得m ＝5.6×10－4 kg ，C 错误．若增加R 1的大小，电容器两端电压增大，会有瞬时电流从左向右流过R 4，D 正确．[答案]BD20．(2018·长郡高三考试)如图所示，x轴上方第一象限和第二象限分别有垂直纸面向里和垂直纸面向外的匀强磁场，且磁感应强度大小相同，现有四分之一圆形线框OMN绕O点逆时针匀速转动，若规定线框中感应电流I顺时针方向为正方向，从图示时刻开始计时，则感应电流I及ON边所受的安培力大小F随时间t的变化示意图正确的是()[解析]在0～t时间内，由楞次定律和右手螺旋定则可判断出感应电流方向为逆时针方向(为负值)；在t0～2t0时间内，由楞次定律和右手螺旋定则可判断出感应电流方向为顺时针方向(为正值)，且大小为在0～t0时间内产生的电流大小的2倍；在2t0～3t0时间内，由楞次定律和右手螺旋定则可判断出感应电流方向为逆时针方向(为负值)，且大小与在0～t0时间内产生感应电流大小相等．因此感应电流I随时间t的变化示意图与选项A中图象相符，选项A正确，B错误．在0～t0时间内，ON边虽然有电流但没有进入磁场区域，所受安培力为零；在t0～2t0时间内，感应电流大小为在2t0～3t0时间内产生的2倍，ON边所受安培力为在2t0～3t0时间内的2倍，因此ON边所受的安培力大小F随时间t的变化示意图与选项D中图象相符，选项C错误，D正确．[答案]AD21．(2018·河北六校联考)如图所示，一细绳的上端系在O点，下端系一小球B，放在斜面粗糙的倾角为θ的斜面体A上，已知B与斜面间的动摩擦因数μ＝1tanθ.现用水平推力F向右推斜面体使之在粗糙水平地面上缓慢向右运动一段距离(细绳尚未到达平行于斜面的位置)，已知斜面体与水平地面间的动摩擦因数为μ0.在此过程中，下列说法正确的是()A．斜面体A对小球B的作用力水平向右B．细绳对小球B的拉力逐渐增大C．斜面体受到地面的摩擦力大小不变D．水平推力F大小不变[解析]对B受力分析如图所示，因为f＝μF′N，其中F N＝F ′N ，所以有tan β＝F N f ＝tan θ，即斜面体A 对小球B 的作用力F AB水平向右，A 正确；因为F AB 与重力m B g 的合力与细绳的拉力T 是一对平衡力，且有T ＝m B g cos α，F AB ＝T sin α，用水平推力F 向右推斜面体使之在水平地面上缓慢向右运动一段距离的过程中，α增大，则F AB 和细绳的拉力T 都不断增大，B 正确；因为细绳的拉力T 在竖直方向的分量T y ＝m B g 不变，对A 和B 整体分析可知地面对斜面体的支持力F N 0＝(m A ＋m B )g ，F ′N 0＝F N 0，故斜面体受到地面的摩擦力大小为f 0＝μ0F N 0不变，所以C 正确；对斜面体A ，根据平衡条件可得F ＝F AB ＋f 0，则水平推力F 逐渐增大，D 错误．[答案] ABC二、选考题(从两道题中任选一题作答)33．(2018·南宁高三摸底)[物理——选修3－3](1)(多选)运用分子动理论的相关知识，判断下列说法正确的是________．A．分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置B．气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数仅与单位体积内的分子数有关C．某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为N A＝V V0D．阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃的运动不是布朗运动E．生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成(2)如图所示，两端封闭的玻璃管中间有一段长为h＝16 cm的水银柱，在27 ℃的室内水平放置，水银柱把玻璃管中的理想气体分成长度都是L0＝40 cm的A、B两部分，两部分气体的压强均为p0＝30 cmHg，现将A端抬起使玻璃管竖直．求玻璃管竖直时A气体的长度L A和B气体的压强p B.[解析](1)由于分子之间的距离为r时，分子势能最小，故存在分子势能相等的两个位置，选项A正确；气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，不仅与单位体积内的分子数有关，还与气体的温度有关，选项B错误；由于气体分子之间的距离远大于分子本身的大小，所以不能用气体的摩尔体积除以每个分子的体积得到阿伏加德罗常数，选项C错误；做布朗运动的微粒非常小，肉眼是观察不到的，阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃的运动不是布朗运动，是机械运动，选项D正确；扩散可以在气体、液体和固体中进行，生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，选项E正确．(2)玻璃管由水平放置转到竖直放置，两部分气体均为等温变化，设玻璃管的横截面积为S对A有p0L0S＝p A L A S对B有p0L0S＝p B L B Sp B＝p A＋ρ水银ghL A＋L B＝2L0解得L A＝50 cmp B＝40 cmHg[答案](1)ADE(2)50 cm40 cmHg34．(2018·云南七校联考)[物理——选修3－4](1)(多选)如图所示，直角三棱镜ABC的折射率n＝3，∠A＝60°，D是BC边上中点．现让四条相同频率的同种单色光线a、b、c、d 按图示方向射在BC面上，其中光线b是垂直BC边，关于光线第一次射出三棱镜的说法中正确的是________．A．光线a垂直AC边射出B．光线b垂直AB边射出C．光线c垂直BC边射出D．光线d垂直AB边射出E．通过该直角三棱镜所用时间最短的是光线d(2)如图所示，甲、乙分别表示一列横波上相距3 m的两个质点A 和B的振动图象．①求波通过A、B两点的时间及波速；②若A、B之间有一点P，距B为1 m，波长λ满足3 m<λ<13 m，波的传播方向是由A到B，则从t＝0开始，经过1 s时间后P点通过的路程是多少？[解析](1)该三棱镜内光线发生全反射的临界角满足sin C′＝1n＝33，可画出a 、b 、c 、d 四条光线的光路图如图所示，可知A 、D 正确．从图中可以看出图4中单色光在直角三棱镜内传播路径最短，所以通过该直角三棱镜所用时间最短的是光线d ，E 正确．(2)①由题图可知，此波为简谐波，当t ＝0时，A 在波峰，B 在平衡位置且向上振动，若波由A →B 传播，则s ＝AB ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫n ＋14λ1＝3 m ，得λ1＝124n ＋1m(n ＝0,1,2,3，…)若波由B →A 传播，则s ＝AB ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫n ＋34λ2＝3 m ，得λ2＝124n ＋3m(n ＝0,1,2,3，…)由题图知周期T ＝0.6 s ，所以波通过A 、B 间距离的时间有：当波由A →B 时，t 1＝s λ1T ＝320(4n ＋1) s(n ＝0,1,2,3，…) 波速v 1＝λ1T ＝204n ＋1m/s(n ＝0,1,2,3，…) 当波由B →A 时，t 2＝s λ2T ＝320(4n ＋3) s(n ＝0,1,2,3，…)波速v 2＝λ2T ＝204n ＋3m/s(n ＝0,1,2,3，…) ②因为3 m<λ<13 m ，且波由A →B 传播，可知当λ′1＝12 m 时，波速v ′1＝20 m/s质点B 的振动方程为y B ＝A sin 2πT t ＝2sin 10π3t (cm) 由于波是由A →B 传播，则P 点相位应超前，所以P 点的振动方程y P ＝2sin ⎣⎢⎡⎦⎥⎤10π3⎝ ⎛⎭⎪⎫t ＋s ′v ′1 cm ＝2sin ⎣⎢⎡⎦⎥⎤10π3⎝ ⎛⎭⎪⎫t ＋120 s cm 当t ＝0时，y P 1＝1 cm ，当t ＝1 s 时，y P 2＝－2 cm ，且在t ＝0时，P 点向上运动，所以P 点通过的路程s 1＝(4×2＋2×2＋1) cm ＝13 cm[答案] (1)ADE (2)①见解析 ②13 cm。