河南省南阳市新野一高2017届高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

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河南省新野县高三物理上学期第一次月考试题(含解析)

2018届河南省新野县高三上学期第一次月考物理试题一、选择题（1-11为单选，12-16多选；每小题3分，共48分）1. 下列说法中正确的是( )A. 惯性是物体只有在匀速运动或静止时才表现出来的性质B. 物体的惯性指物体不受外力作用时保持匀速直线运动状态或静止状态的性质C. 物体不受外力作用时，保持匀速直线运动状态或静止状态，有惯性；受到外力作用时，不能保持匀速直线运动状态或静止状态，因此无惯性D. 惯性是物体的属性，与物体的运动状态和是否受力均无关【答案】D【解析】惯性是物体的固有属性，只与质量有关，与运动状态无关，故A错误，D正确；惯性就是物体保持静止或者匀速直线运动状态的性质，并不是不受外力时，故B错误；惯性是物体的固有属性，与是否收到外力无关，故C错误。

所以D正确，ABC错误。

2. 为了测量运动员跃起的高度，可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力，并由计算机作出压力-时间图象，如图所示。

运动员在空中运动时可视为质点，则可求运动员跃起的最大高度为（g取10m/s2）（）A. 7.2mB. 5.0mC. 1.8mD. 1.5m【答案】B【解析】由图可知运动员在空中的最长时间为：t=4.3s-2.3s=2s，因为运动员做竖直上抛运动，所以跃起最大高度为：，故B正确，ACD错误。

3. 如图所示，两根刚性轻杆上端由自由旋转轴A连接，轻杆下端固定一根自然伸长的匀质轻弹簧，围成边长为L的等边三角形ABC，将此装置竖直放在光滑水平面上，在轴A处施加竖直向下的大小为F的作用力，弹簧被拉伸一定长度，若此时弹簧弹力大小恰为，则弹簧的劲度系数为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】对整体分析可知，整体受压力和支持力的作用，则可知，BC两杆的端点受地面向上的大小为的弹力；因弹簧的弹力也为，根据三力平衡可知，此时杆与地面间的夹角为45°；则由几何关系可知，此时弹簧的长度以为L；则其形变量为：（L-L）；则由胡克定律可得：；故选B．4. 甲、乙两物体沿同一直线同向做匀变速直线运动，它们的速度图线如图所示，在第3s末它们在途中相遇，则它们的出发点之间的关系是（）A. 乙在甲前 4mB. 乙在甲前 2mC. 乙在甲后 2mD. 乙在甲后 4m【答案】D【解析】乙物体前3秒内的位移：；甲物体前3秒内的位移：；两物体在第3s末两个物体在途中相遇，说明乙物体出发时应在甲物体后方4m处，即甲在乙前4m处，故D正确．故选D.点睛：本题是为速度--时间图象的应用，既要明确斜率的含义，更应知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．5. 甲、乙两人用aO和bO通过装在P楼和Q楼楼顶的定滑轮，将质量为m的物块由O点沿Oa直线缓慢向上提升，如图所示。

2017年河南省南阳市高三第一次模拟考试物理试题(附答案)

2017年河南省南阳市高三第一次模拟考试物理一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重。

她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。

关于她的实验，下列说法中正确的是（）A．只有“起立”过程，才能出现超重的现象B．只有“下蹲”过程，才能出现失重的现象C．“下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D．“起立”、“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象2．某小孩在广场游玩时，将一氢气球系在了水平地面上的砖块上，在水平风力的作用下，处于如图所示的静止状态.若水平风速缓慢增大，不考虑气球体积及空气密度的变化，下列说法中正确的是（）A．细绳受到的拉力逐渐减小B．砖块不可能被绳子拉离地面C．砖块受到的摩擦力一直增大D．砖块受到的摩擦力一直不变3．小张和小王分别驾车沿平直公路同向行驶，在某段时间内两车的v t 图像如图所示，初始时，小张在小x处（）王前方A RA aA OA AB A BA1Ωcos530.6︒=）（）2.0J0.6J As；棒竖直下落的加速度m/sD m/3V 212017年河南省南阳市高三第一次模拟考试物理（答案）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1~5．DBDAC 6~8．BCB 9．AD 10．AD 11．BCD 12．BD二、实验题（本题共3小题，共15分。

把答案填到答题卡上相应位置） 13．8.15；2.9700.001± 14．1.6；9.6 15．（1）1R（2）（3）0.29三、计算题（本题共4小题，共47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

河南省南阳市第一中学2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试题 Word版含答案

2017-2018学年一、选择题（本题包括12小题，1-8题只有一个选项正确，9-12题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在以下力学实验装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是A．极限的思想方法 B．放大的思想方法 C．控制变量的方法 D．类比的思想方法【答案】B考点：考查了物理研究方法【名师点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力【答案】C【解析】考点：考查了相互作用力和平衡力【名师点睛】作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，理解牛顿第三定律与平衡力的区别．作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果3．甲、乙两球质量分别为12m m 、，从同一地点（足够高）同时静止释放。

两球下落过程中所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比，与球的质量无关，即f=kv （k 为正的常量）。

两球的v-t 图像如图所示，落地前，经时间0t 两球的速度都已达到各自的稳定值12v v 、。

则下列判断正确的是A ．释放瞬间甲球加速度较大B ．1221m v m v = C ．甲球质量大于乙球D ．0t 时间内，两球下落的高度相等【答案】C【解析】试题分析：释放瞬间，由于速度为零，根据f kv =可知小球受到的阻力为零，所以释放瞬间只受重力作用，加速度为g ，A 错误；当小球受到的重力和阻力相等时两者的速度达到稳定值，有mg f kv ==，故有1122m v m v =，从图中可知12v v >，故12m m >，即甲球的质量大于乙球的质量，B 错误C 正确；速度与时间图像与坐标围成的面积表示位移，从图中可知两者与坐标围成的面积不变，所以两者下落的高度不同，D 错误；考点：考查了速度时间图像，牛顿第二定律【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m 的相同小球A 、B ，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，°30αθ==，°60β=，则轻杆对A 球的作用力A ．mg BCD【答案】A考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，5．某物体在竖直方向上的力F 和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化的图像如图所示，已知10~h 段F 不为零，12~h h 段F=0，则关于功率下列说法正确的是A ．20~h 段，重力的功率一直增大B ．10~h 段，F 的功率可能先增大后减小C ．20~h 段，合力的功率可能先增大后减小D ．12~h h 段，合力的功率可能先增大后减小【答案】B考点：考查了功率，动能定理【名师点睛】解决本题的关键知道功率等于力与速度的乘积，知道整个过程中合力的功率为零有三处，速度为零有两处，合力为零有一处．6．一质量为M 的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F 始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g ，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为mA ．2()F M g -B ．2F M g -C ．2F M g- D ．0 【答案】A【解析】考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】本题关键对气球受力分析，要注意空气阻力与速度方向相反，然后根据共点力平衡条件列式求解．7．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）。

2017-2018学年新野县第一高级中学第一次月考物理

2017-2018学年新野县第一高级中学校高三上期第一次月考物理试题第Ⅰ卷（选择题共56分）一、选择题（共14小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1—9题只有一项符合题目要求，第10—14题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分。

有选错的得0分）1. 伽利略对自由落体运动的研究中，他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面上从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A ．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的成正比B ．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C ．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D ．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关2. 有关超重和失重，以下说法中正确的是：（）A. 物体处于超重状态，所受重力增大，处于失重状态时，所受重力减小B. 斜向上抛的木箱中的物体处于完全失重状态（忽略空气阻力）C. 在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机必定处于下降过程D. 在月球表面行走的人处于失重状态3.从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I 、II 的速度-时间图像如图所示，在20~t 时间内，下列说法中正确的是（）A ．I 物体所受的合外力不断增大，II 物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C ．2t 时刻两物体相遇D ．I 、II 两个物体的平均速度大小都是212v v 4.甲乙两车在同一条直道上行驶，它们运动的位移s 随时间t 变化的关系如图所示，已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t 轴相切于10s 处，则下列说法正确的是（）A ．甲车的初速度为零B ．乙车的初位置在s 0=60m 处C ．乙车的加速度大小为1.6m/s 2D ．5s 时两车相遇，此时甲车速度较大5. 在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g 值，g 值可由实验精确测定．近年来测g 值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g 值归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光的波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，此方法能将g 值测得很准．具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中的O 点向上抛小球，从抛出小球至小球又落回抛出点的时间为T 2；小球在运动过程中经过比O 点高H 的P 点，小球离开P 点至又回到P 点所用的时间为T 1.由T 1、T 2和H 的值可求得g 等于( )A.21228T T H- B. 21224T T H - C. 21228T T H - D. 21224T T H -6．一铁球通过3段轻绳OA 、OB 、OC 悬挂在天花板上的A 点，轻绳OC 拴接在轻质弹簧测力计上．第一次，保持结点O 位置不变，某人拉着轻质弹簧测力计从水平位置缓慢转动到竖直位置，如图7甲所示，弹簧测力计的示数记为F 1.第二次，保持轻绳OC 垂直于OA ，缓慢移动轻绳，使轻绳OA 从竖直位置缓慢转动到如图乙所示位置，弹簧测力计的示数记为F 2.则( )A ．F 1先增大后减小，F 2逐渐减小B ．F 1先增大后减小，F 2逐渐增大C ．F 1先减小后增大，F 2逐渐减小D ．F 1先减小后增大，F 2逐渐增大 7.如图所示，两个质量为m 、横截面半径为r 的半圆柱体A 、B 放置在粗糙水平面上，A 、B 的圆心O 1、O 2之间的距离为l ，在A 、B 上放置一个质量为2m 、横截面半径也为r 的光滑圆柱体C(圆心为O 3)，A 、B 、C 始终处于静止状态．则( )A ．A 对地面的压力大小为3mgB ．地面对A 的作用力的方向由O 1指向O 3C ．若l 减小，A 、C 之间的弹力减小D ．若l 减小，地面对B 的摩擦力增大8. 如图所示，a 、b 两物体的质量分别为m 1和m 2，由轻质弹簧相连。

河南省部分重点中学2017届高三上学期第一次联考物理试题(含答案)

2017届（高三）第一次联考物理试题第I 卷一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-7 题只有一項符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。

下列叙述符合史实的是A.法拉第在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因C.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D.伽利略通过实验研究和逻辑推理相结合发现，忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快2.将一小球以初速度v 从地面竖直向上抛出后，小球先后经过离地面高度为5m 的位置历时2s 。

若初速度变为 2v,则小球先后经过离地面高度为5m 的位置历时为（空气阻力不计，g=10m/s 2) A.s 32 B. s 52 C. s 72 D. 6s 3.研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时，假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（已知以离地球无穷远处为零势能面，在离地心为r 处的卫星的引力势能可表示为rmM GEP -=,其中G 为引力常量，M 为地球质量，m 为卫星的质量A.发射同一卫星需要的机械能变大B.卫星的向心加速度变大C.卫星的线速度变大D.卫星角速度变大4.摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示。

当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用。

行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样。

它的优点是能够在现有线路上运行，勿须对线路等设施进行较大的改造，而是靠摆式车体的先进性，实现高速行车，并能达到既安全又舒适的要求。

运行实践表明：摆式列车通过曲线速度可提高20—40%,最高可达 50%,摆式列车不愧为“曲线冲刺能手”。

高三第一次月考物理试题 Word版(含答案)

高三第一次月考物理试题一、选择题（共14小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1~9题只有一项符合题目要求，第10~14题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分。

有选错的得0分）1、在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A、牛顿首先建立了平均速度、瞬时速度、以及加速度的概念B、伽利略首先建立了力的概念C、伽利略通过理想实验指出：力不是维持物体运动的原因D、笛卡尔得出：自由落体是匀加速直线运动2. 有关超重和失重，以下说法中正确的是：（）A. 物体处于超重状态，所受重力增大，处于失重状态时，所受重力减小B. 斜上抛的木箱中的物体处于完全失重状态（忽略空气阻力）C. 在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机必定处于下降过程D. 在月球表面行走的人处于失重状态3．甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若从该时刻开始计时，得到两车的位移图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．t1时刻甲车从后面追上乙车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．从0时刻到t1时刻的时间内，两车的平均速度相等4、如图所示，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图像，根据图像可以判断（）A. 两球在t=2s时速率相等B. 两球在t=8s时相距最远C. 两球运动过程中不会相遇D.甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反 5..如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为F N1，球对木板的压力大小为F N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中( )A ．F N1始终减小，F N2始终增大B ．F N1始终减小，F N2始终减小C ．F N1先增大后减小，F N2始终减小D ．F N1先增大后减小，F N2先减小后增大6、如图所示，小物体P 放在水平圆盘上随圆盘一起转动，下列关于小物体所受摩擦力f 的叙述正确的是（）A ．f 的方向总是指向圆心B ．圆盘匀速转动时f=0C ．在物体与轴O 的距离一定的条件下，f 跟圆盘转动的角速度成正比D ．在转速一定的条件下，f 跟物体到轴O 的距离成正比7.如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB 所在的平面一分为二，先后以AB 沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F 和'F ，已知支架间的距离为AB 的一半，则'F F 为（） A ．3 B ．32C ．23D ．3 8．如图所示，A 、B 两个小球质量为M A 、M B ，分别连在弹簧两端，B 端用平行于斜面的细线固定在倾角为30°的光滑固定斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度大小分别为（）A ．和B ． 0和C ．和D ． 0和9、如图所示，在水平桌面上叠放着质量相等的A 、B 两块木板，在木板A 上放着质量为m的物块C ，木板和物块均处于静止状态。

2017届高三第一次月考理综物理试卷及答案

乙vv 1 v 2t 10 t甲2017届高三第一次月考理科综合能力测试物理部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14—17题只有一项符合题目要求，第18—21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0 分。

14、物理学在研究实际问题时，常常进行科学抽象，即抓住研究问题的主要特征，不考虑与当前研究问题无关或影响较小的因素，建立理想化模型。

下列选项中不属于物理学中的理想化模型的是：（） A ．力的合成 B ．质点 C ．自由落体运动 D ．点电荷 15、甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。

在t =0到t =t 1的时间内，它们的v-t图像如图所示。

在这段时间内：（） A ．汽车甲的平均速度比乙大B ．汽车乙的平均速度均等于221v vC ．甲乙两汽车的位移相同D ．汽车甲的加速度逐渐减小，汽车乙的加速度逐渐增大 16、一物块静止在粗糙的水平桌面上。

从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

以a 表示物块的加速度大小，F 表示水平拉力的大小。

能正确描述F 与a 之间的关系的图像是：（）17、质量为2kg 的物体，放在动摩擦因数为μ=0.1的水平面上，在水平拉力F 的作用下，从O 点由静止开始运动，拉力做的功W 和物体发生的位移x 之间的关系如图所示，取g =l0m/s 2。

下列说法中正确的是：（）A ．此物体在OA 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15WB ．此物体在AB 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为6WC ．此物体在AB 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15WD ．此物体在OA 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15W18、如图所示，竖直放置的两个平行金属板间存在水平的匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球（可视为质点）。

河南省南阳一中2017-2018学年高一上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年河南省南阳一中高一（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列情况中的运动物体，不能被看做质点的是（）A．研究飞往火星的飞船的最佳运行轨道B．调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面C．计算从北京往上海的一列火车的运行时间D．研究花样滑冰运动员的动作2．下列说法中正确的是（）A．速度的变化量越大，速度的变化率一定越大B．加速度与速度的方向相同且又减小时，物体做减速运动C．速度为正，加速度可能为负D．速度大，速度变化量一定大3．下列说法中正确的是（）A．加速度、速度、位移都是矢量B．路程、时间、速率都是标量C．平均速率就是平均速度的大小D．物体在某段时间内位移大小不大于路程4．2010年10月1日我国成功发射了“嫦娥二号”探月卫星，如图所示是火箭点火升空瞬间的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，下列说法正确的是（）A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小5．一做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小，直到为零，则该物体的运动情况可能是（）A．速度逐渐增大，加速度为零时速度最大B．速度方向不可能改变C．速度逐渐减小，加速度为零时速度最小D．速度逐渐增大，方向可能改变6．如图所示，计时开始时A、B二质点在同一位置，由图可知（）A．A、B二质点运动方向相反B．2s末A、B二质点相遇C．2s末A、B二质点速度大小相等，方向相同D．A、B二质点速度相同时，相距6m7．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是8．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，见前方有障碍物立即刹车，刹车后加速度大小为5m/s2，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A．30 m，40 m B．30 m，37.5 mC．12.5 m，37.5 m D．12.5 m，40 m9．某航母跑道长200m，飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5 m/s B．10 m/s C．15 m/s D．20 m/s10．一个作匀加速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度分别是v和7v，ab的距离为S，经过ab的时间是t，则下列判断正确的是（）A．经过ab中点的速度是4vB．经过ab中间时刻的速度是4vC．前时间通过的位移比后时间通过的位移小2.5vtD．前位移所需时间是后位移所需时间的2倍11．一物体做初速度为零的匀加速直线运动，将其运动时间顺次分成1：2：3的三段，则每段时间内的位移之比为（）A．1：3：5 B．1：4：9 C．1：8：27 D．1：16：8112．两辆完全相同的汽车，沿水平道路一前一后匀速行驶，速度均为υ0．若前车突然以恒定的加速度a刹车，在它刚停住时，后车以加速度2a开始刹车．已知前车在刹车过程中所行驶的路程为x，若要保证两辆车在上述情况中不发生碰撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为（）A．x B．C．2x D．二、填空题：（共12分）13．某同学用打点计时器做研究匀变速运动的实验．他按下图所示安装好了的实验器材，接好了线，准备打开电源开关进行实验．在他所组装的器材中，有三处错误，请你指出①②③．14．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5的6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零点跟0点的距离填入下列表格中．计算小车通过计数点的瞬时速度为2=．小车的加速度是a=m/s2．三、计算题：（要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分．有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．一质点做匀加速直线运动，初速度为10m/s，加速度为2m/s2．试求该质点：（1）第5s末的速度大小；（2）前5s内的平均速度大小．16．从车站开出的汽车，做匀加速直线运动，走了12s时，发现还有乘客没上来，于是立即做匀减速运动至停车．汽车从开出到停止总共历时20s，行进了50m．求汽车的最大速度．17．导火索的火焰顺着导火索燃烧的速度是0.8cm/s，为了使点火人在导火索火焰烧到爆炸物以前能够跑到离点火处120m远的安全地方，人运动的速度﹣时间图象如图所示，问导火索至少需要多长才行？18．某一长直的赛道上，有一辆F1赛车前方200m处有一安全车正以10m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以2m/s2的加速度追赶．试求：（1）赛车出发3s末的瞬时速度大小；（2）赛车何时追上安全车？追上之前与安全车最远相距是多少米？（3）当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4m/s2的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车可以从安全车旁经过而不发生相撞）2017-2018学年河南省南阳一中高一（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列情况中的运动物体，不能被看做质点的是（）A．研究飞往火星的飞船的最佳运行轨道B．调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面C．计算从北京往上海的一列火车的运行时间D．研究花样滑冰运动员的动作【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、飞船的大小相对于和火星之间的距离来说很小，可以忽略，所以此时的飞船可以看成是质点，所以A错误；B、调整人造卫星的姿态时，研究的就是卫星的姿态和形状，所以此时的卫星不能看成是质点，所以B正确；C、火车的长度相对于北京和上海的距离来说是很小的，此时火车的长度可以忽略，能看成质点，所以C错误；D、研究花样滑冰运动员的动作时，看的就是运动员的优美的动作，所以此时的运动员不能看成是质点，所以D正确．故选BD．2．下列说法中正确的是（）A．速度的变化量越大，速度的变化率一定越大B．加速度与速度的方向相同且又减小时，物体做减速运动C．速度为正，加速度可能为负D．速度大，速度变化量一定大【考点】加速度．【分析】解答此题需掌握：加速度的概念（即加速度等于速度的该变量跟发生这一改变所用时间的比值）；加速度为正表示与速度方向相同，做加速运动．加速度为负表示与速度方向相反，做减速运动．【解答】解：A、速度的变化率（加速度）由速度变化量除以发生变化的时间得到，变化量越大，变化率不一定大，故A错误；B、加速度与速度方向相同做加速运动，故B错误；C、速度为正，加速度为负说明做减速运动，故C正确；D、速度大小与速度变化量无关，故D错误；故选C．3．下列说法中正确的是（）A．加速度、速度、位移都是矢量B．路程、时间、速率都是标量C．平均速率就是平均速度的大小D．物体在某段时间内位移大小不大于路程【考点】加速度；位移与路程；平均速度．【分析】加速度、速度都是矢量．路程、时间、速率都是标量，根据平均速率与平均速度的定义分析两者大小关系．物体在某段时间内位移大小不大于路程．【解答】解：A、加速度、速度，位移既有大小，又有方向，都是矢量．故A正确．B、路程、时间、速率只有大小，没有方向，都是标量．故B正确．C、平均速率等于路程与时间的比值，平均速度等于位移与时间的比值，而位移小于等于路程，则平均速率不能说就是平均速度的大小．D、曲线运动物体的位移小于路程，单向直线运动的物体位移等于路程．则物体在某段时间内位移大小不大于路程．故D正确．故选ABD4．2010年10月1日我国成功发射了“嫦娥二号”探月卫星，如图所示是火箭点火升空瞬间的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断，下列说法正确的是（）A．火箭的速度很小，但加速度可能较大B．火箭的速度很大，加速度也很大C．火箭的速度很小，所以加速度也很小D．火箭的速度很大，但加速度一定很小【考点】加速度；速度．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解答】解：火箭在升空瞬间，速度很小，但是速度变化很快，即加速度较大，故A正确，BCD错误．故选：A．5．一做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小，直到为零，则该物体的运动情况可能是（）A．速度逐渐增大，加速度为零时速度最大B．速度方向不可能改变C．速度逐渐减小，加速度为零时速度最小D．速度逐渐增大，方向可能改变【考点】加速度；速度．【分析】当物体的速度与加速度方向相同，速度增大；当物体的速度与加速度方向相反，速度减小．【解答】解：A、若物体做加速运动，速度方向与加速度方向相同，所以加速度减小，速度仍然增大，当加速度减小为0时，速度最大．故A正确B、物体做变速直线运动，速度方向不是不断改变，故B错误C、当物体的速度方向与加速度方向相反，加速度减小，速度也减小，当加速度减小到0，速度减到最小．故C正确D、若物体做加速运动，速度方向与加速度方向相同，速度逐渐增大，方向不变，故D错误故选AC．6．如图所示，计时开始时A、B二质点在同一位置，由图可知（）A．A、B二质点运动方向相反B．2s末A、B二质点相遇C．2s末A、B二质点速度大小相等，方向相同D．A、B二质点速度相同时，相距6m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度的方向看速度的正负．2s末A、B的速度相同，位移不同，没有相遇．由图求出速度相同时两物体的位移，再求它们相距的距离．【解答】解：A、A、B的速度均为正值，方向相同．故A错误．B、C由图可知：2s末A、B的速度相同，即速度大小相等，方向相同．位移不同，由于从同一位置出发，两者没有相遇．故B错误，C正确．D、由图2s末A、B的速度相同，此时AB相距的距离为6m．故D正确．故选CD7．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像；加速度．【分析】速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析．【解答】解：A、B、速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的减速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的加速运动，故A正确B 错误；C、两个物体都做加速运动，故位移不断变大，故C错误；D、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于，故Ⅰ的平均速度大于，Ⅱ的平均速度小于，故D错误；故选：A．8．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，见前方有障碍物立即刹车，刹车后加速度大小为5m/s2，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A．30 m，40 m B．30 m，37.5 mC．12.5 m，37.5 m D．12.5 m，40 m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车到停止所需的时间，判断汽车是否停止，从而根据位移公式求出汽车的位移【解答】解：汽车速度减为零所需的时间知2s末汽车未停止，则第2s内的位移=m=12.5m刹车在5s内的位移等于4s内的位移，则x=．故D正确，A、B、C错误．故选：D9．某航母跑道长200m，飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5 m/s B．10 m/s C．15 m/s D．20 m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据匀变速直线直线运动的速度位移公式求出最小的初速度大小．【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式有：则最小的初速度为：m/s=10m/s．故B正确，A、C、D错误．故选：B．10．一个作匀加速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度分别是v和7v，ab的距离为S，经过ab的时间是t，则下列判断正确的是（）A．经过ab中点的速度是4vB．经过ab中间时刻的速度是4vC．前时间通过的位移比后时间通过的位移小2.5vtD．前位移所需时间是后位移所需时间的2倍【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】A、中点的速度可以根据公式•，联立两方程求解．B、匀变速运动在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．C、求出中间时刻的速度，再根据平均速度公式求出两段时间内的位移．D、求出中间位置的速度，然后通过公式t=分析．【解答】解：A、设中间位置的速度为v1，根据公式•，联立两方程解得：v1=5v．故A错误．B、匀变速运动在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．所以==4v．故B正确．C、中间时刻的速度为4v，前时间通过的位移x1==vt，后时间通过的位移x2==vt，后时间通过的位移比前时间通过的位移多1.5vt．故C错误．D、中间位置的速度为v1=5v，前一半位移所用的时间t1==，后一半位移所用的时间t2==，前一半位移所用的时间是后一半位移所用时间的2倍．故D正确．故选BD．11．一物体做初速度为零的匀加速直线运动，将其运动时间顺次分成1：2：3的三段，则每段时间内的位移之比为（）A．1：3：5 B．1：4：9 C．1：8：27 D．1：16：81【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】物体做匀加速直线运动，可利用推论物体在连续相等的时间内通过的位移之比等于1：3：5、加以解答．【解答】解：根据x=at2可得：物体通过的第一段位移为：x1=a×t2又前3ts的位移减去前ts的位移就等于第二段的位移故物体通过的第二段位移为：x2=﹣×t2=×8t2又前6ts的位移减去前3ts的位移就等于第三段的位移故物体通过的第三段位移为：x3=﹣=t2故位移比为：1：8：27故选：C．12．两辆完全相同的汽车，沿水平道路一前一后匀速行驶，速度均为υ0．若前车突然以恒定的加速度a刹车，在它刚停住时，后车以加速度2a开始刹车．已知前车在刹车过程中所行驶的路程为x，若要保证两辆车在上述情况中不发生碰撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为（）A．x B．C．2x D．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】通过运动学公式求出后车刹车的位移以及在前车刹车的过程中，后车的位移，结合位移关系求出两车在匀速行驶时保持的距离．【解答】解：由题意知：，后车以加速度2a开始刹车，刹车后滑行的距离为，前车刹车滑行的时间，又，后车匀速运动的距离为，所以两车在匀速行驶时保持的距离至少为．故B正确，A、C、D错误．故选B．二、填空题：（共12分）13．某同学用打点计时器做研究匀变速运动的实验．他按下图所示安装好了的实验器材，接好了线，准备打开电源开关进行实验．在他所组装的器材中，有三处错误，请你指出①电压不应选2V，应选4V﹣6V；②不应接直流输出，应接交流输出③小车不应靠滑轮处，应靠在计时器处．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】打点计时器是利用交流电的电流方向随着时间快速改变而设计的，工作电压为交流4V﹣6V，可以通过分析纸带上点的情况分析小车的运动情况．【解答】解：由图可知，打点计时器所选电源种类错误，应该选交流电；电压选择2V偏低，不能正常工作，要选4V﹣6V电压；同时为了使纸带充分利用，应该使小车靠近打点计时器，而不是靠近滑轮；故答案为：（1）电压不应选2V，应选4V﹣6V；（2）不应接直流输出，应接交流输出；（3）小车不应靠滑轮处，应靠在计时器处．14．在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5的6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零点跟0点的距离填入下列表格中．计算小车通过计数点“”的瞬时速度为2=0.21．小车的加速度是a=0.60m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．【解答】解：（1）由图可以读出计数点5跟0点的距离是12.00cm．（2）相邻两计数点之间还有四个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔为t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：v2===0.21m/s从图中可以读出x13、x35间的距离，它们的时间间隔T=0.2s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：x35﹣x13=△x=aT2整理：a==0.60m/s2故答案为：12.00cm，0.21m/s，0.60m/s2三、计算题：（要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分．有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．一质点做匀加速直线运动，初速度为10m/s，加速度为2m/s2．试求该质点：（1）第5s末的速度大小；（2）前5s内的平均速度大小．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；平均速度．【分析】质点做匀加速直线运动，已知初速度、加速度和时间，根据速度公式求解第5s末的速度大小，由平均速度公式求出前5s内的平均速度大小．【解答】解：由题v0=10m/s，a=2m/s2，t=5s则第5s末的速度大小v=v0+at=20m/s；前5s内的平均速度大小==15 m/s．答：（1）第5s末的速度大小为20 m/s；（2）前5s内的平均速度大小为15 m/s．16．从车站开出的汽车，做匀加速直线运动，走了12s时，发现还有乘客没上来，于是立即做匀减速运动至停车．汽车从开出到停止总共历时20s，行进了50m．求汽车的最大速度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】汽车的运动分为匀加速和匀减速过程，可以灵活选择运动学公式列方程求解，还可以用图象法求解．【解答】解：匀加速阶段和匀减速阶段平均速度相等，都等于，故全过程的平均速度等于，由平均速度公式得=，解得m/s答：汽车的最大速度为5m/s17．导火索的火焰顺着导火索燃烧的速度是0.8cm/s，为了使点火人在导火索火焰烧到爆炸物以前能够跑到离点火处120m远的安全地方，人运动的速度﹣时间图象如图所示，问导火索至少需要多长才行？【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据速度图象求出人匀加速运动的位移，得到匀速运动的位移求出匀速运动的时间，从而人跑到120m安全地方的总时间，再求导火索的长度．【解答】解：由图知，人匀加速的时间t1=2s匀加速时间运动的位移为：x1===8m人匀速运动的距离为：x2=x0﹣x1=m=112m匀速运动时间为：t2==s=14s人运动的总时间为：t=t1+t2=16s导火索的最短长度为：l=v0 t=0.8cm/s×16s=12.8cm答：导火索至少需要12.8cm 才行．18．某一长直的赛道上，有一辆F1赛车前方200m处有一安全车正以10m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以2m/s2的加速度追赶．试求：（1）赛车出发3s末的瞬时速度大小；（2）赛车何时追上安全车？追上之前与安全车最远相距是多少米？（3）当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4m/s2的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车可以从安全车旁经过而不发生相撞）【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据速度时间公式求出赛车出发后3s末的速度．（2）抓住位移关系，结合运动学公式求出追及的时间，当两车速度相等时，相距最远，结合位移公式求出相距的最远距离．（3）抓住位移关系，根据运动学公式求出追及的时间．【解答】解：（1）赛车在3s末的速度为：v=at=2×3m/s=6m/s．（2）赛车追上安全车时有：v0t+s=，代入数据解得：t=20s当两车速度相等时，相距最远，则有：，则相距的最远距离为：．（3）两车相遇时赛车的速度为：v1=at=40m/s；赛车减速到静止所用的时间为：，赛车减速到静止前进的距离为：相同的时间内安全车前进的距离为：x=V0t′=100m＜X max所以赛车停止后安全车与赛车再次相遇，所用时间为：．答：（1）赛车3s后的速度为6m/s．（2）赛车经过20s追上安全车，赛车追上安全车之前两车相距的最远距离为225m．（3）两车再经过20s时间第二次相遇．2018年11月1日。

河南省南阳一中2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年河南省南阳一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．在以下是力学实验装置装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是（）A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力3．甲、乙两球质量分别为m1、m2，从同一地点（足够高）处同时由静止释放．两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，与球的质量无关，即f=kv（k为正的常量）．两球的v﹣t图象如图所示．落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2．则下列判断正确的是（）A．释放瞬间甲球加速度较大B．=C．甲球质量大于乙球D．t0时间内两球下落的高度相等4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球A、B，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=θ=30°β=60°，求轻杆对A球的作用力．（）A．mg B．mg C．mg D．mg5．某物体在竖直方向上的力F和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0～h1段F不为零，h1～h2段F=0，则关于功率下列说法正确的是（）A．0～h2段，重力的功率一直增大B．0～h1段，F的功率可能先增大后减小C．0～h2段，合力的功率可能先增大后减小D．h1～h2段，合力的功率可能先增大后减小6．一质量为M的探空气球在匀速下降，设气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为（）A．B．C．2M﹣D．07．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P′位置），两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（）A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变小C．Q受到桌面的静摩擦力变大 D．Q受到桌面的支持力变大8．如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动，当光盘由A位置运动到图中虚线所示的B位置时，悬线与竖直方向的夹角为θ，此时铁球（）A．竖直方向速度大小为vcosθB．竖直方向速度大小为vsinθC．竖直方向速度大小为vtanθD．相对于地面速度大小为v9．如图所示，长木板A放在光滑的水平地面上，物体B以水平速度v0冲上A后，由于摩擦作用，最后相对木板A静止．则关于此过程，下列说法正确的是（）A．摩擦力对木板A做的功等于物体B克服摩擦力做的功B．物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量C．物体B动能的减少量等于其克服摩擦力做的功D．物体B支能的减少量等于摩擦力对木板A做的功与系统因摩擦产生的内能之和10．如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从高h=0.05m的坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点，现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的形状满足方程y=x2﹣6（单位：m）不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块从水平台上O点飞出的速度大小为1m/sB．小物块从O点运动到P点的时间为1sC．小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D．小物块刚到P点时速度的大小为10m/s11．在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物．如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端．用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2．由v﹣t图可知（）A．A、B两点的距离为2.4mB．货物与传送带的动摩擦因数为0.5C．货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功大小为12.8JD．货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J12．如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能E k与离地高度h 的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余部分为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．小物体下降至高度h3时，弹簧形变量为0B．小物体下落至高度h5时，加速度最大C．小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D．小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能为mgh1二、解答题（共2小题，满分16分）13．为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图1所示的实验装置．其中M 为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量．（滑轮质量不计）（1）实验时，一定要进行的操作是．（填选项前的字母）A．用天平测出砂和砂桶的质量．B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力．C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数．D．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带．E．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图2所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为m/s2（结果保留两位有效数字）．（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a﹣F图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为．（填选项前的字母）A．2tanθB．C．k D．．14．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨，导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直，导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b 表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度b，结果如图2所示，由此读出b=mm；（2）滑块通过B点的瞬时速度可表示为v B=（用题中字母表示）；（3）某次实验测得倾角θ=30°，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为△E K=，系统的重力势能减少量可表示为△E P，在误差允许的范围内，若△E K=△E P则可认为系统的机械能守恒；（用题中字母表示）（4）在上次实验中，某同学改变A、B间的距离，作出的v2﹣d图象如图3所示，并测得M=m，则重力加速度g=m/s2．三、解答题（共4小题，满分46分）15．春节放假期间，全国高速公路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求小轿车通过收费站窗口前x0=9m区间的速度不超过v0=6m/s．现有甲、乙两小轿车在收费站前平直公路上分别以v甲=20m/s和v乙=34m/s的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后．甲车司机发现正前方收费站，开始以大小为a甲=2m/s2的加速度匀减速刹车．（1）甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章；（2）若甲车司机经刹车到达离收费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s，乙车司机在发现甲车刹车时经t0=0.5s的反应时间后开始以大小为a乙=4m/s2的加速度匀减速刹车．为避免两车相撞，且乙车在收费站窗口前9m区不超速，则在甲车司机开始刹车时，甲、乙两车至少相距多远？16．2013年我国相继完成“神十”与“天宫”对接、“嫦娥”携“玉兔”落月两大航天工程．某航天爱好者提出“玉兔”回家的设想：如图，将携带“玉兔”的返回系统由月球表面发射到h高度的轨道上，与在该轨道绕月球做圆周运动的飞船对接，然后由飞船送“玉兔”返回地球．设“玉兔”质量为m，月球半径为R，月面的重力加速度为g月．以行星体表面为零势能面，物体在星体表面上方h高度的引力势能可表示为E p=，其中G为引力常量，M为星体质量．求：（1）月球密度；（2）若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功．17．如图甲所示，水平地面上放置一倾角为θ=37°的足够长的斜面，质量为m的物块置于斜面的底端．某时刻起物块在沿斜面向上的力F作用下由静止开始运动，力F随位移变化的规律如图乙所示．已知整个过程斜面体始终保持静止状态，物块开始运动t=0.5s内位移x1=1m，0.5s后物块再运动x2=2m时速度减为0．取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）由静止开始，0.5s末物块运动的速度大小v．（2）物块沿斜面向上运动过程，受到的摩擦力做的功W f．（3）物块在沿斜面向下运动过程中，斜面体受到地面的摩擦力．18．某缓冲装置的理想模型如图所示，劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为f．轻杆向右移动不超过l时，装置可安全工作．一质量为m的小车若以速度v0撞击弹簧，可使轻杆向右移动了．轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计小车与地面的摩擦．（1）若弹簧劲度系数为k，求轻杆开始移动时，弹簧的压缩量X；（2）求小车离开弹簧瞬间的速度V；（3）在轻杆运动过程，试分析小车的运动是不是匀变速运动？如果不是请说明理由，如果是请求出加速度a．2017-2018学年河南省南阳一中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．在以下是力学实验装置装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法【考点】物体的弹性和弹力；物理学史．【分析】桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大．【解答】解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大，三个实验均体现出放大的思想方法，故选：B．2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是（）A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】物体静止在斜面上，受重力、支持力、摩擦力处于平衡状态．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力；物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力．斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平衡．物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力．【解答】解：A、物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力．故A 错误．B、物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力，摩擦力与重力沿斜面的分力为平衡力，故B错误．C、斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平衡．所以物体所受的重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力．故C正确D、物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力．垂直于斜面向下的分力不是对斜面的压力．故D错误．故选：C．3．甲、乙两球质量分别为m1、m2，从同一地点（足够高）处同时由静止释放．两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，与球的质量无关，即f=kv（k为正的常量）．两球的v﹣t图象如图所示．落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2．则下列判断正确的是（）A．释放瞬间甲球加速度较大B．=C．甲球质量大于乙球D．t0时间内两球下落的高度相等【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】由图看出两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，重力与空气阻力平衡，根据平衡条件和牛顿第二定律列式分析．【解答】解：A、释放瞬间v=0，因此空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；BC、两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即v m∝m，则，由图象知v1＞v2，因此m甲＞m乙；故B错误，C正确；D、图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等；故D错误．故选：C．4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球A、B，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=θ=30°β=60°，求轻杆对A球的作用力．（）A．mg B．mg C．mg D．mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对A球受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解即可．【解答】解：对A球受力分析，受重力、杆的支持力F2和细线的拉力F1，如图所示：根据共点力平衡条件，有：F2=mg（图中矢量三角形的三个角分别为30°、30°、120°）故选：A．5．某物体在竖直方向上的力F和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0～h1段F不为零，h1～h2段F=0，则关于功率下列说法正确的是（）A．0～h2段，重力的功率一直增大B．0～h1段，F的功率可能先增大后减小C．0～h2段，合力的功率可能先增大后减小D．h1～h2段，合力的功率可能先增大后减小【考点】功率、平均功率和瞬时功率；机械能守恒定律．【分析】根据动能的变化得出速度的变化，从而得出重力做功的功率．根据合力的变化确定合力功率的变化．在h1～h2段，合力为重力，加速度速度的变化得出功率的变化．【解答】解：A、由图象可知，动能先增大后减小，所以速度先增大后减小，因此重力功率先增大后减小．故A错误．B、0﹣h1段，动能先增大后减小，则合力先向上后向下，则拉力一直减小到零，速度先增大后减小，所以拉力功率可能先增大后减小，故B正确．C、整个过程中合力的功率为零有三处，其中动能最大时合力为零，因此合力的功率可能先增大后减小，再增大再减小，故C错误．D、h1﹣h2，合力就是重力，速度一直减小，功率减小，故D错误．故选：B．6．一质量为M的探空气球在匀速下降，设气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为（）A．B．C．2M﹣D．0【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】气球在空气中受到重力、阻力和浮力的作用，当匀速下降时，受到的力是平衡力；气球在上升和下降时，所受阻力的方向是不同的，阻力的方向总是与运动方向相反．【解答】解：当气球匀速下降时，重力方向竖直向下，浮力和空气阻力方向都竖直向上，根据平衡条件，有：Mg=F+f ①当气球以同样匀速上升时，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，空气阻力方向竖直向下，根据平衡条件，有：（M﹣△m）g+f=F ②联立①②解得：△m=2M﹣．故选：C．7．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P′位置），两次金属块Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（）A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变小C．Q受到桌面的静摩擦力变大 D．Q受到桌面的支持力变大【考点】向心力；摩擦力的判断与计算．【分析】金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化．以P 为研究对象，根据牛顿第二定律分析细线的拉力的变化，判断Q受到桌面的静摩擦力的变化．由向心力知识得出小球P运动的角速度、周期与细线与竖直方向夹角的关系，再判断其变化．【解答】解：A、设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为T，细线的长度为L．P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：T=，mgtanθ=mω2Lsinθ，得角速度ω=，周期T=使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，θ增大，cosθ减小，则得到细线拉力T增大，角速度增大，周期T减小．对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大，故AB错误，C正确；D、金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件得知，Q受到桌面的支持力等于其重力，保持不变．故D错误．故选：C8．如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动，当光盘由A位置运动到图中虚线所示的B位置时，悬线与竖直方向的夹角为θ，此时铁球（）A．竖直方向速度大小为vcosθB．竖直方向速度大小为vsinθC．竖直方向速度大小为vtanθD．相对于地面速度大小为v【考点】运动的合成和分解．【分析】对线与CD光盘交点进行运动的合成与分解，此点既有逆着线方向的运动，又有垂直线方向的运动，而实际运动即为CD光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解．【解答】解：A、由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是逆着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v，=vsinθ；而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小，由数学三角函数关系，则有：v线故B正确，AC错误；D、由上分析可知，球相对于地面速度大小为v′=，故D错误；故选：B．9．如图所示，长木板A放在光滑的水平地面上，物体B以水平速度v0冲上A后，由于摩擦作用，最后相对木板A静止．则关于此过程，下列说法正确的是（）A．摩擦力对木板A做的功等于物体B克服摩擦力做的功B．物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量C．物体B动能的减少量等于其克服摩擦力做的功D．物体B支能的减少量等于摩擦力对木板A做的功与系统因摩擦产生的内能之和【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】根据A、B对地的位移，分析摩擦力做功关系．在整个过程中，能量守恒，B克服摩擦力做功等于B的机械能减小，B减小的机械能等于物体A增加的动能与系统增加的内能之和；摩擦力对A做功转化为A的动能．【解答】解：A、摩擦力对木板A做的功fs，物体B克服摩擦力做的功为f（s+d），可知两者不等，故A错误．BC、物体B以水平速度冲上A后，由于摩擦力作用，B减速运动，A加速运动，由动能定理知：物体B克服摩擦力做的功等于B的动能减少量，根据能量守恒定律，物体B动能的减少量等于A增加的动能和系统产生的内能之和，所以物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量与A的动能增加量之和，故B错误，故C正确；D、由动能定理知：摩擦力对木板A做的功等于A动能的增加量，结合上面分析可知，物体B动能的减少量等于摩擦力对木板A做的功与系统因摩擦产生的内能之和，故D正确．故选：CD10．如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从高h=0.05m的坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点，现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的形状满足方程y=x2﹣6（单位：m）不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块从水平台上O点飞出的速度大小为1m/sB．小物块从O点运动到P点的时间为1sC．小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D．小物块刚到P点时速度的大小为10m/s【考点】运动的合成和分解．【分析】对小物块由动能定理可以求出物块的速度，物块做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出P点的速度大小与方向，及时间，从而即可求解．【解答】解：A、对小物块，从释放至到达O点的过程中，由动能定理得：mgh=mv2﹣0，代入数据解得：v===1m/s．故A正确；B、小物块从O点水平抛出做平抛运动，竖直方向：y=﹣gt2，水平方向：x=v0t，解得：y=﹣5x2；又有：y=x2﹣6，联立解得：x=1m，y=﹣5m，根据h=gt2，解得：t=s=1s；故B正确；C、那么竖直方向的速度大小v y=gt=10×1=10m/s；设刚到P点时速度方向与水平方向夹角为θ，则有：tanθ===10，故C错误；D、根据速度的合成法则，则有刚到P点时速度的大小为v===m/s，故D错误；故选：AB．11．在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物．如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端．用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2．由v﹣t图可知（）A．A、B两点的距离为2.4mB．货物与传送带的动摩擦因数为0.5C．货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功大小为12.8JD．货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J【考点】功能关系；牛顿第二定律；功的计算．【分析】物体在传送带上先做a1匀加速直线运动，然后做a2的匀加速直线运动，速度时间图线围成的面积的表示物块的位移，有速度图象确定匀加速的加速度，通过受力分析，找到合外力，计算夹角和摩擦因数，根据功的计算公式和能量守恒定律计算摩擦生热．【解答】解：A、物块在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，所以物块由A到B的间距对应图象所围梯形的“面积”，x=s==3.2m．故A错误．B、由v﹣t图象可知，物块在传送带上先做a1匀加速直线运动，加速度为，对物体受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：mgsinθ+f=ma1，即：mgsinθ+μmgcosθ=ma1…①，同理，做a2的匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度为：a2=得：mgsinθ﹣f=ma2，即：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2…①，联立①②解得：cosθ=0.8，μ=0.5，故B正确；C、根据功能关系，由B中可知f=μmgcosθ=0.5×10×1×0.8=4N，做a1匀加速直线运动，有图象知位移为：x1==0.2m，物体受力分析受摩擦力，方向向下，摩擦力做正功为：W f1=fx1=4×0.2=0.8J，同理做a2匀加速直线运动，有图象知位移为：x2==3m，物体受力分析受摩擦力，方向向上，摩擦力做负功为：W f2=﹣fx2=﹣4×3=﹣12J，所以整个过程，传送带对货物做功大小为：12J﹣0.8J=11.2J，故C错误；D、根据功能关系，货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，由C中可知：f=μmgcosθ=0.5×10×1×0.8=4N，=2×0.2=0.4m，做a1匀加速直线运动，位移为：x1==0.2m，皮带位移为：x皮﹣x1=0.4﹣0.2=0.2m，相对位移为：△x1=x皮=2×1=2m，相对位移同理：做a2匀加速直线运动，位移为：x2==3m，x皮2=3﹣2=1m，为：△x2=x2﹣x皮2故两者之间的总相对位移为：△x=△x1+△x2=1+0.2=1.2m，货物与传送带摩擦产生的热量为：Q=W=f△x=4×1.2=4.8J，故D正确；故选：BD．12．如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能E k与离地高度h 的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余部分为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的是（）。

【全国百强校】河南省南阳市第一中学2016-2017学年高一上学期第一次月考物理试题解析(解析版)

一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1. 下列情况中的运动物体，不能被看成质点的是（）A．研究飞往火星宇宙飞船的最佳运行轨道B．调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面C．计算从北京开往上海的一列火车的运行时间D．研究花样滑冰运动员的动作【答案】BD【解析】考点：质点【名师点睛】判断物体能不能看做质点，判断依据不是质点的质量大小和体积大小，而是我们所研究的问题，当物体的形状和体积对我们所研究的问题影响不大或者可以忽略时，物体可以看至质点，小物体不一定能看做质点，如研究原子核的内部结构时，原子核不能看做质点，大物体不一定不能看做质点，如研究地球公转时，地球可以看做质点。

2. 下列说法正确的是（）A．速度的变化量越大，速度的变化率一定越大B．加速度与速度的方向相同且又减小时，物体做减速运动C．速度为正，加速度可能为负D．速度大，速度变化量一定大【答案】C【解析】试题分析：加速度的概念（即加速度等于速度的改变量跟发生这一改变所用时间的比值）. 速度的变化率（加速度）由速度变化量除以发生变化的时间得到，变化量越大，变化率不一定大，故A错误；当加速度与速度方向相同时，物体做加速运动，故B错误。

速度与加速度没有必然的联系，所以速度为正，加速度可能为负，故C正确。

速度表示的是状态，而速度变化量是速度的差值，它们并无联系，所以D错误。

所以C选项正确。

考点：加速度【名师点睛】加速度和速度关系是学生容易出错的地方，判断物体做加速还是减速运动，只要判断加速度和速度方向关系当加速度与速度方向相同时，物体做加速运动，当物体加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动，不用考虑加速度是变大还是变小；加速度是表示物体速度变化快慢的物理量．而速度和加速度并无直接的关系，我们只是用速度变化的快慢来描述加速度。

河南省南阳市新野一高2017-2018学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年河南省南阳市新野一高高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分其中第1~8题给出的四个选项中只有一个是正确的，第9~12题中给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的）1．关于电场强度及电场线的概念，下列说法中正确的是（）A．电荷在电场中某点受到的电场力大，该点的电场强度就大B．电场强度的方向总跟电场力的方向一致，电场线上某一点的切线方向即为该点的场强方向C．在电场中某点不放电荷，该点电场强度不一定为零D．电场线的方向就是电荷所受电场力的方向2．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小3．如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线的中垂线上处于A点上方的一点，在A、B、C三点中（）A．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点C．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点4．将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是（）A．保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的两倍B．保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C．保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D．保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半5．如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带正电，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带正电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b两点时的速度分别为v a、v b，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大B．Q1的电量一定小于Q2的电量C．b点的电场强度一定为零，电势不一定为零D．Q1、Q2一定是同种电荷6．如图所示，A，B，C，D，E是半径为r的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除A点处的电量为﹣q外，其余各点处的电量均为+q，则圆心O处（）A．场强大小为，方向沿OA方向B．场强大小为，方向沿AO方向C．场强大小为，方向沿OA方向D．场强大小为，方向沿AO方向7．如图所示，当ab端接入100V电压时，cd两端为20V；当cd两端接入100V时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（）A．4：1：2 B．2：1：1 C．3：2：1 D．以上都不对8．一节五号干电池的电动势是1.5V，下列说法正确的是（）A．任何电池的电动势都是1.5VB．直接用电压表测该干电池两端电压（不接入电路），电压表示数应该是1.5VC．把这节电池与一个小灯泡构成闭合回路，这时用电压表测该干电池两端电压，电压表示数应该是1.5VD．我们使用电池时常需几节串联起来用，电池组的电动势还是1.5V9．如图所示，水平放置的平行金属板充电后在板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带负电的液滴带电荷量大小为q，质量为m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则下列说法正确的是（）A．液滴做的是匀速直线运动B．液滴做的是匀减速直线运动C．两板间的电势差为 D．液滴的电势能减少了mgd10．两个点电荷Q1，Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点O），在移动过程中，试探电荷的电势能随位置的变化关系如图所示．则下列判断正确的是（）A．M点电势为零，N点场强为零B．M点场强为零，N点电势为零C．Q1带负电，Q2带正电，且Q2电荷量较小D．Q1带正电，Q2带负电，且Q2电荷量较小11．如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中的偏转量减小为原来的倍，则下列方法中可行的是（）A．使U1增大为原来的2B．使U2减小为原来的倍C．使偏转板的长度增大为原来2倍D．使偏转板的距离减小为原来的12．如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：1二、填空题（共2小题，满分20分）13．如果在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10﹣3J，那么A、B两点间的电势差为；如果把2.5×10﹣8C的负电荷由A点移到B点，电场力做功为，电荷的电势能．（增大、减小、不变）14．某同学测量阻值约为25kΩ的电阻Rx，现备有下列器材：A．电流表（量程100 μA，内阻约2kΩ）；B．电流表（量程500 μA，内阻约300Ω）；C．电压表（量程15V，内阻约100kΩ）；D．电压表（量程50V，内阻约500kΩ）；E．直流电源（20V，允许最大电流1A）；F．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，额定功率1W）；G．电键和导线若干．电流表应选，电压表应选．（填字母代号）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，请在方框内画出实验电路图．三、计算题（共4小题，满分42分）15．如图所示，一带电量为q小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右，小球的重力为G，偏离竖直方向的夹角为θ=30°．求：（1）带点小球的电性是（正或负）；（2）求出小球受到的电场力F的大小．16．如图，水平放置的金属薄板A、B间有匀强电场，电场强度大小E=2.0×106N/C．A板上有一小孔，D为小孔正上方h=3.2mm处的一点．一带负电的油滴在重力G=3.2×10﹣12N作用下，由D点静止开始做自由落体运动．当油滴进入电场后，恰好做匀速直线运动．求：（g取10m/s2）（1）油滴刚进入电场时的速度大小；（2）油滴所带的电荷量．17．如图所示为实验室常用的两个量程的电流表原理图．当使用O、A两接线柱时，量程为0.6A；当使用O、B两接线柱时，量程为3A．已知电流计的内电阻为R g=200Ω，满偏电流I g=100mA．求分流电阻R1和R2的阻值．18．如图所示，在E=1×103V/m的竖直匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨QPN与一水平绝缘轨道MN连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P为QN圆弧的中点，其半径R=40cm，一带正电q=10﹣4C的小滑块质量m=10g，位于N点右侧s=1.5m处，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.15，取g=10m/s2．现给小滑块一向左的初速度，滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，求：（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小；（2）滑块应以多大的初速度v0向左运动？2017-2018学年河南省南阳市新野一高高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分其中第1~8题给出的四个选项中只有一个是正确的，第9~12题中给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的）1．关于电场强度及电场线的概念，下列说法中正确的是（）A．电荷在电场中某点受到的电场力大，该点的电场强度就大B．电场强度的方向总跟电场力的方向一致，电场线上某一点的切线方向即为该点的场强方向C．在电场中某点不放电荷，该点电场强度不一定为零D．电场线的方向就是电荷所受电场力的方向【考点】电场强度；电场线．【分析】电场力F=qE，受到的电场力大，该点的电场强度不一定大，电场强度的方向总跟正电荷所受电场力的方向一致，某点的电场强度由场源和该点的位置决定，与试探电荷无关．【解答】解：A、电场力F=qE，受到的电场力大，该点的电场强度不一定大，故A错误；B、电场强度的方向总跟正电荷所受电场力的方向一致，故B错误；C、在电场中某点不放电荷，该点电场强度不一定为零，可能有其它电荷在该处有电场，故C正确；D、电场线上点的切线方向是场强方向，其方向与正电荷所受电场力的方向相同，与负电荷所受电场力的方向相反，故D错误；故选：C．【点评】电场线是为了现象描述电场而引入的，电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．2．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小【考点】电场线；电势能．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．【解答】解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．故选：C．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．3．如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线的中垂线上处于A点上方的一点，在A、B、C三点中（）A．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点C．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点【考点】电势；电场强度．【分析】根据等量异种电荷电场线的分布去比较场强的大小，以及电势的高低．沿着电场线方向电势降低．【解答】解：根据等量异种电荷电场线的分布，知道E B＞E A＞E C，场强最小的是C点．等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知ΦA=ΦC，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电荷，知ΦB＞ΦA，所以电势最高点是B点．故A、B、D错误，C正确．故选C．【点评】解决本题的关键是熟悉等量异种电荷周围电场线的分布以及知道等量异种电荷间连线的垂直平分线是等势线．4．将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是（）A．保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的两倍B．保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C．保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D．保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半【考点】电容器的动态分析．【分析】保持U不变，根据公式E=分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据C=分析Q与U的关系；保持d不变，将Q变为原来的一半，由C=分析U的变化，由E=分析E的变化．【解答】解：A、保持U不变，将d变为原来的两倍，根据公式E=可知，E变为原来的一半．故A错误．B、保持E不变，将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半．故B错误．C、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式C=分析可知，U变为原来的两倍．故C错误．D、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的一半，由公式C=分析可知，U变为原来的一半，由E=分析知，E变为原来的一半．故D正确．故选：D【点评】本题关键要掌握E=、C=两个公式，同时，要明确d不变时，电容C不变．5．如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带正电，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带正电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b两点时的速度分别为v a、v b，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大B．Q1的电量一定小于Q2的电量C．b点的电场强度一定为零，电势不一定为零D．Q1、Q2一定是同种电荷【考点】电场强度；匀变速直线运动的图像；电场线．【分析】速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．【解答】解：A、整个运动过程中，粒子的动能先减小后增大，根据能量守恒知其电势能先增大后减小．故A错误．BD、从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．Q1对负电荷的电场力向右，则Q2对负电荷的电场力向左，所以Q2带正电．b点场强为零，可见两点电荷在b点对负电荷的电场力相等，根据F=k，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电量一定大于Q2的电量．故B、D错误．C、由上分析知b点的电场强度一定为零，但电势是相对的，电势零点可人为选择，所以电势不一定为零，故C正确．故选：C【点评】解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q1和Q2的电量大小．6．如图所示，A，B，C，D，E是半径为r的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除A点处的电量为﹣q外，其余各点处的电量均为+q，则圆心O处（）A．场强大小为，方向沿OA方向B．场强大小为，方向沿AO方向C．场强大小为，方向沿OA方向D．场强大小为，方向沿AO方向【考点】点电荷的场强．【分析】根据点电荷的场强公式求出点电荷产生的场强，然后由平行四边形定则求出各点电荷场强的合场强，然后求出O点的场强大小与方向．【解答】解：由点电荷的场强公式可知，各点电荷在O点产生的场强大小为E=，电场强度是矢量，求合场强应用平行四边形定则，由对称性可知，B、C、D、E四个点电荷的合场强大小为E′=，方向沿OA方向，则A、B、C、D、E五个点电荷的合场强大小为：=E′+E=+=，方向沿OA方向；E合故选C．【点评】本题考查了电场强度问题，熟练应用点电荷的场强公式及平行四边形定则是正确解题的关键．7．如图所示，当ab端接入100V电压时，cd两端为20V；当cd两端接入100V时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（）A．4：1：2 B．2：1：1 C．3：2：1 D．以上都不对【考点】欧姆定律．【分析】分析两种情况下电路的结构，由串联电路的分压规律可得出电阻的关系；再得出三个电阻的关系．【解答】解：当ab端接入电压时，cd端输出电压为20=×100；解得：2R2=R1；当cd接入电压时，ab端输出电压50=×100；解得：2R3=R2；故电阻之比R1：R2：R3=4：2：1．故选：D．【点评】本题考查串联电路的分压原理，要注意明确电路的结构，再由串联电路的规律进行分压．8．一节五号干电池的电动势是1.5V，下列说法正确的是（）A．任何电池的电动势都是1.5VB．直接用电压表测该干电池两端电压（不接入电路），电压表示数应该是1.5VC．把这节电池与一个小灯泡构成闭合回路，这时用电压表测该干电池两端电压，电压表示数应该是1.5VD．我们使用电池时常需几节串联起来用，电池组的电动势还是1.5V【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．电源是把其他形式的能转化为电能的装置．电动势是电源本身的性质决定的．【解答】解：A、只有干电池的电动势才是1.5V；故A错误；B、当不接入电路时，直接用电压表测该干电池两端电压时，电压表的示数应该是1.5V，故B正确；C、若构成回路，则电压表所测电压为电源的路端电压，小于1.5V；故C错误；D、若电池串联使用，则电池组的电动势应为各电池的电动势之和；故D错误；故选：B．【点评】本题考查电源的电动势的定义，要注意电动势描述电源能力的物理量，当接入电路时其输出电压等于路端电压，其大小小于电动势．9．如图所示，水平放置的平行金属板充电后在板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带负电的液滴带电荷量大小为q，质量为m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则下列说法正确的是（）A．液滴做的是匀速直线运动B．液滴做的是匀减速直线运动C．两板间的电势差为 D．液滴的电势能减少了mgd【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】液滴沿直线运动，则其所受的合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，即可判断出电场力方向竖直向上，而且电场力与重力相平衡，由平衡条件和U=Ed求解电势差．【解答】解：A、液滴进入竖直方向的匀强电场中，所受的电场力方向竖直向上或竖直向下，因为微粒做直线运动，可知，电场力方向必定竖直向上，而且电场力与重力平衡，液滴做匀速直线运动，故A正确B错误；C、液滴从下极板运动到上极板的过程中，由动能定理有qU﹣mgd=0，所以：U=，故C正确；D、液滴进入竖直方向的匀强电场中，重力做功﹣mgd，微粒的重力势能增加，动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能减小了mgd．故D正确；故选：ACD．【点评】本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是分析受力情况，判断出粒子做匀速直线运动．10．两个点电荷Q1，Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点O），在移动过程中，试探电荷的电势能随位置的变化关系如图所示．则下列判断正确的是（）A．M点电势为零，N点场强为零B．M点场强为零，N点电势为零C．Q1带负电，Q2带正电，且Q2电荷量较小D．Q1带正电，Q2带负电，且Q2电荷量较小【考点】电势能；电场强度．【分析】由图读出电势能E P，由φ=，分析电势．E P﹣x图象的斜率=F，即斜率大小等于电场力大小．由F=qE，分析场强．根据正电荷在电势高处电势能大，分析电势变化，确定场强的方向，由N点场强为零，判断两电荷的电性和电量的大小．【解答】解：A、B由图知，M点电势能E P=0，由φ=分析得知，M点电势φ=0．E P﹣x图象的斜率=F=qE，则知N点场强为零．故A正确，B错误．CD、根据正电荷在电势高处电势能大，可知，带正电的试探电荷从远处移近Q2的过程中，电势能先减小后增大，电势先降低后升高，说明Q1带负电，Q2带正电，N点场强为零，由E=k知，Q2电荷量较小．故C正确，D错误．故选AC【点评】本题一要抓住E P﹣x图象的斜率=qE分析场强的变化．二要根据推论正电荷在电势高处电势能大，分析电势的变化，确定电荷的电性．11．如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中的偏转量减小为原来的倍，则下列方法中可行的是（）A．使U1增大为原来的2B．使U2减小为原来的倍C．使偏转板的长度增大为原来2倍D．使偏转板的距离减小为原来的【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电子先经加速电场加速后，再进入偏转电场偏转．先根据动能定理求出加速获得的速度与加速电压的关系．由牛顿第二定律求出电子进入偏转电场时的加速度，根据运动的合成与分解，推导出电子在偏转电场中偏转量与偏转电压的关系，再综合得到偏转电场中偏转量与加速电压、偏转电压的关系，再进行分析选择．【解答】解：设电子的质量和电量分别为m和e．电子在加速电场中加速过程，根据动能定理得eU1=①电子进入偏转电场后做类平抛运动，加速度大小为a==②电子在水平方向做匀速直线运动，则有t=③在竖直方向做匀加速运动，则偏转量为y=④联立上述四式得，y=由上可得，要使电子在电场中的偏转量减小为原来的倍，采用的方法有：使U1增大为原来的2倍，或使U2减小为原来的倍，或使偏转板的长度减小为原来的倍，或使偏转板的距离d增大为原来的2倍，故AB正确，CD错误．故选：AB【点评】本题中粒子从静止开始先进入加速电场后进入偏转电场，推导得到的结论与粒子的质量和电量无关．12．如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：1【考点】欧姆定律．【分析】通过I﹣U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．【解答】解：A、根据I﹣U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3；故A 正确，B错误；C、串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．故C 错误；D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D正确；故选：AD．【点评】解决本题的关键知道I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点．二、填空题（共2小题，满分20分）13．如果在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10﹣3J，那么A、B两点间的电势差为；如果把2.5×10﹣8C的负电荷由A点移到B点，电场力做功为，电荷的电势能．（增大、减小、不变）【考点】电势能；电势差；电势差与电场强度的关系．【分析】电荷由A点移到B点，电场力对电荷做功，根据电势差公式U AB=求解A、B 两点间的电势差U AB．根据W=qU AB即可计算出在AB之间移动电荷电场力做的功．【解答】解：根据电势差公式U AB=，V根据W=qU AB得：J，由于电场力做负功，电荷的电势能增大．故答案为：1.2×105V；﹣3.0×10﹣3 J；增大．【点评】本题中运用电势差公式U AB=时，各量都要代入符号进行计算．14．某同学测量阻值约为25kΩ的电阻Rx，现备有下列器材：A．电流表（量程100 μA，内阻约2kΩ）；B．电流表（量程500 μA，内阻约300Ω）；C．电压表（量程15V，内阻约100kΩ）；D．电压表（量程50V，内阻约500kΩ）；E．直流电源（20V，允许最大电流1A）；F．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，额定功率1W）；G．电键和导线若干．电流表应选，电压表应选．（填字母代号）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，请在方框内画出实验电路图．【考点】伏安法测电阻．【分析】合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材．电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法．滑动变阻器是小电阻控制大电阻，用分压式接法．【解答】解：电源电压为20V，故电压表应选择C；通过电流值约为：=8×10﹣4A=8OOμA而电流表A量程太小，内阻也大，所以不选A，而B合适．因待测电阻约为25KΩ，25KΩ＞KΩ为大电阻故用内接法：因是小电阻控制大电阻，若用限流式接法，控制的电压变化范围太小，则应用分压式接法．原理图如图所示；故答案为：B，C，如图所示；【点评】实验电路所用器材的要求要熟练掌握，读数的要求，误差来源的分析，变阻器的分压与限流式区别要弄清楚．三、计算题（共4小题，满分42分）15．如图所示，一带电量为q小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右，小球的重力为G，偏离竖直方向的夹角为θ=30°．求：（1）带点小球的电性是（正或负）；（2）求出小球受到的电场力F的大小．【考点】电场强度；共点力平衡的条件及其应用．【分析】（1）带电小球处于匀强电场，在电场力、拉力与重力，处于平衡状态．由电场线可知电场力方向，即可确定根据电荷的电性．（2）根据平衡条件列式，求解小球所受的电场力大小．【解答】解：（1）小球处于匀强电场，在电场力qE、拉力F T与重力G处于平衡状态，如图，电场力方向应水平向右，与电场强度方向相同，所以小球带正电．（2）结合受力示意图，根据平衡条件，小球受到的电场力为：F=qE=mgtan30°=．答：（1）小球带正电荷．（2）小球受到的电场力为．。

【河南省南阳市】2017届高三上学期其中质量评估物理试卷-答案

（2）2-Y y河南省南阳市2017届高三上学期期中质量评估物理试卷解析注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并用2B铅笔将准考证号及考试科目在相应位置填涂．2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚．3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效．4．保持卡面清洁，不折叠，不破损．5．本试卷分试题卷和答题卷两部分，满分110分，考试时间90分钟．一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．【答案】D考点：考查了超重失重【名师点睛】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．2．【答案】B考点：考查了力的动态平衡分析【名师点睛】本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，根据平衡条件并结合正交分解法列方程求解．利用正交分解方法解体的一般步骤：①明确研究对象；②进行受力分析；③建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；④x方向，y方向分别列平衡方程求解．3．【答案】D考点：考查了追击相遇问题【名师点睛】两物体在同一直线上运动，往往涉及到追击、相遇或避免碰撞等问题，解答此类问题的关键条件是：①分别对两个物体进行研究；②画出运动过程示意图；③列出位移方程；④找出时间关系、速度关系、位移关系；⑤解出结果，必要时要进行讨论．4．【答案】A考点：考查了电容的动态分析【名师点睛】本题关键分析电容器的电压是否变化．要注意当开关闭合时，如果电路结构不变，则电压不变，只有改变板间距离时，板间场强才发生变化．5．【答案】C考点：圆周运动的规律；机械能守恒定律【名师点睛】圆形管道内能支撑小球，小球能够通过最高点时的最小速度为0．小球从最低点运动到最高点的过程中，只有重力做功，其机械能守恒．根据机械能守恒求出最低点的最小速度．由牛顿第二定律求出小球受到的管道的作用力大小和方向．6．【答案】B【解析】试题分析：人造卫星轨道半径越高，运行速度越小；故天宫二号的运行速度小于第一宇宙速度；故A 错误；设地面附近重力加速度为，由火箭点火前体重计示数为可知物体质量为，由第一宇宙速度公式可得：地球表面附近的重力加速度，联立解得该物体的质量为，故B 正确；当卫星离地面高度为H 时，物体所受万有引力，而，对物体由牛顿第二定律得，联立以上各式解得火箭上升的加速度，故C 错误；由可得；解得：，联立解得，故D 错误；考点：考查了万有引力定律的应用0g 0F 00F m g =v==20v g R =02F R m v =()2'Mm F G R H =+02GM g R ='F F ma -=()2220Fv v R a F R R h =-+()()2224R H MmG m T R H π+=+T =22Mm v G m R R=2GM Rv =T =【名师点睛】在万有引力这一块，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算 7．【答案】C考点：考查了电场强度，电势，电势能，【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．8．【答案】B考点：考查了电场强度，电势，电场力做功【名师点睛】解决本题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．9．222224Mm v G m m r m r ma r r Tπω====【答案】AD【解析】考点：考查了牛顿第二定律【名师点睛】本题考查分析运动情况和受力情况和的能力，要考虑各种可能的情况：恒力可能小于等于A 的最大静摩擦力，也可能大于A 的最大静摩擦力．10．【答案】AD【解析】试题分析：小灯泡的额定电流为；电阻为，当接1时，由闭合电路欧姆定律可知，代入数据解得，故A 正确；当接2时灯泡正常发光，流过的电流为，电源内阻分的电压为，故电动机分得电压为，故电阻，故BC 错误；根据功率公式可知，，故D 正确．考点：考查了闭合回路欧姆定律【名师点睛】对于电动机电路，关键要正确区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路：当电动机正常工作时，是非纯电阻电路；当电动机被卡住不转时，是纯电阻电路．对于电动机的输出功率，往往要根据能量守恒求解．11．【答案】BCD0.4A 0.2A 2P I U ===2100.2L U R I ===Ω()L E I R R r =++1r =Ω0.2A I =0.21V 0.2V U Ir ==⨯=320.2V 0.8V L U E U U =--=--=动0.840.2U R I <=Ω=Ω动0.80.20.16W P UI ==⨯=根据共点力平衡条件，得竖直方向，其中，解得，，A 向右发生的位移，则A 球克服摩擦力做功为，所以系统增加的内能为0.6J ，故B 正确；对B ，由动能定理得，解得轻绳对B 做功为，故C 正确；对整体，在整个运动过程中运用动能定理列式，得到，代入数据得，拉力作功，故D 正确．考点：考查了功的计算，机械能守恒，动能定理【名师点睛】本题关键之处在于运用整体法求出A 球所受的支持力．对于两个或两个以上的物体组成，首先考虑能否运用整体法研究受力．本题中拉力是变力，不能根据功的公式求其功，只能根据动能定理或功能原理求拉力做功．12．【答案】BD12N G G =+f N μ=()()()1212410N 40N N G G m m g =+=+=⨯=0.340N 12N f N μ==⨯=sin53sin370.05x L L m =︒-︒=120.05J 0.6J f W fx ==⨯=0T B W m gh -= 1.0J T W =20F W fx m gh --=1F 2120.052100.05J 1.6J F W fx m gh J =+=⨯+⨯⨯=但由于开始是弹簧是压缩的，故，故，故C 错误；根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为，故D 正确；考点：考查了功能关系，牛顿第二定律【名师点睛】含有弹簧的问题，要注意研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路．要明确能量如何转化的，运用功能关系分析弹簧弹性势能的增加量．二、实验题（本题共3小题，共15分．把答案填到答题卡上相应位置）13．【答案】8.15；2.970±0.001 考点：考查了游标卡尺和螺旋测微器的读数【名师点睛】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同．14．【答案】1.6；9.62d x >2sin m g kd θ<21sin 12Fd m gd mv θ--考点：测定匀变速直线运动的加速度实验【名师点睛】了解该实验装置的原理，它类似于打点计时器，蘸有颜料的毛笔随电动机转一圈就在圆柱棒面上的纸上画出记号，这就像打点计时器每隔一定时间就打一个点．数据的处理思路与打点计时器打出来的纸带处理一样．从而利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度15．【答案】（1）R1（2）（3）0.29【解析】考点：测定电源的电动势和内阻实验【名师点睛】本题考查测量电源的电动势和内电阻的实验，应注意明确以下几点：①测定电池电动势和内阻实验应选择内阻较大的旧电池；②通过电流表的最小电流应为电流表量程的，这样可以保证准确；③遇到根据图象求解的问题，应根据物理规律整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．三、计算题（本题共4小题，共47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）16．【答案】（1）（2）v =2m/s ；如图所示（2）下滑的距离等于上滑的距离135，.下滑过程中木块受力如图，由牛顿第二定律得：mg sin θ－μmg cos θ=ma 2.下滑至出发点的速度大小v 2=，联立解得v =2m/s 。

河南省南阳一中2017-2018学年高一上学期第一次月考物理试卷含答案

2017-2018学年河南省南阳一中高一（上）第一次月考物理试卷一、选择题(每题4分)1．（4分）下列与参考系有关的成语是( ）A．三足鼎立 B．刻舟求剑 C．滴水穿石 D．立竿见影2．(4分）如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为（)A．πR B．2R C．2πR D．3．（4分）一个弹性小球,在光滑水平面上以4m/s的速度向左垂直撞到墙上,碰撞后小球以大小为2m/s速度向右运动．则碰撞前后小球速度变化量△v的大小和方向分别为（)A．2m/s,向右B．2m/s，向左 C．6m/s，向右 D．6m/s，向左4．（4分)假设你在运动会上百米赛跑成绩是14秒，整个过程可分为3个阶段．第一阶段前进14米，平均速度是7米/秒；第二阶段用时9秒，平均速度8米/秒．请估算一下第三阶段的平均速度约是（）A．6米/秒B．5.5米/秒 C．4。

7米/秒D．3.2米/秒5．（4分）在下面所说的物体运动情况中，不可能出现的是（）A．物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零B．物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大C．运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D．作变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小6．（4分）给滑块一初速度v0使它沿光滑斜面向上做匀减速运动,加速度大小为，当滑块速度大小为时,所用时间可能是( )A．B．C． D．7．（4分）汽车以20m/s的初速度做匀减速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么刹车后6s内的位移为（)A．90m B．30 m C．40m D．60m8．（4分）作直线运动的物体，经过A、B两点的速度分别为V A和V B,经过A和B的中点的速度为V C，且V C=（V A+V B)；在AC段为匀加速直线运动，加速度为a1,CB段为匀加速直线运动，加速度为a2，则（）A．a1=a2B．a1＞a2C．a1＜a 2D．不能确定9．(4分）利用打点记时器打出的纸带（)A．能准确的求出某点的瞬时速度B．只能粗略的求出某点的瞬时速度C．能准确的求出某段时间内的平均速度D．可以任意地利用某段时间内的平均速度代表某点的瞬时速度10．（4分）汽车在平直公路上由静止开始做加速度为a1的匀加速直线运动，经过时间t1，汽车刹车做匀减速运动，加速度大小为a2,经过时间t2后停下，则汽车在全程的平均速度为（）A．a1t1B．a2t2C．（a1+a2）(t1+t2）D．11．（4分）如图所示的x﹣t图象和v﹣t图象中，给出的四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况,关于它们的物理意义,下列描述正确的是（)A．v﹣t图象中物体4，在t4时刻离出发点最远B．图线1、2均表示物体做直线运动C．两图象中，t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动D．x﹣t图象中t1时刻物体1的速度大于物体2的速度12．（4分)如图所示，一个小球从光滑固定斜面顶端由静止滑下，依次经过A、B、C、D四点，已知经过AB、BC和CD三段所用时间分别为t、2t和3t，通过AB段和BC段的位移大小分别为x1和x2,下列说法正确的是（）A．一定有x2=3x1B．CD段位移大小为4x2﹣5x1C．小球的加速度大小为D．小球在B点的瞬时速度大小为二、实验题(每题5分）13．（6分）如图所示是电火花计时器的示意图．电火花计时器和电磁打点计时器一样，工作时使用（选填“交流"或“直流"）电源，当电源的频率是50Hz时，每隔s打一次点．其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器B．将电火花计时器插头插入相应的电源插座C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器D．接通开关，听到放电声,立即拖动纸带运动上述步骤正确的顺序是．（按顺序填写步骤编号)14．（6分）在做“练习使用打点计时器”的实验时，如下图所示是某次实验的纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始，每5个连续点取1个计数点，标以1、2、3…那么相邻两个计数点之间的时间间隔为0。

河南省南阳市新野县2017届高三第一次月考物理试题Word版含答案

2016-2017年新野第一高级中学校高三第一次月考物理试题一、选择题（共14小题，每题4分，在每题给出的四个选项中，第1~9题只有一项符合题目要求，第10~14题有多项符合题目要求。

全数选对的得4分，选对但不全的得2分。

有选错的得0分）一、在力学理论成立的进程中，有许多伟大的科学家做出了奉献。

关于科学家和他们的奉献，以下说法正确的选项是（）A、牛顿第一成立了平均速度、瞬时速度、和加速度的概念B、伽利略第一成立了力的概念C、伽利略通过理想实验指出：力不是维持物体运动的缘故D、笛卡尔得出：自由落体是匀加速直线运动2. 有关超重和失重，以下说法中正确的选项是：（）A. 物体处于超重状态，所受重力增大，处于失重状态时，所受重力减小B. 斜上抛的木箱中的物体处于完全失重状态（忽略空气阻力）C. 在沿竖直方向运动的起落机中显现失重现象时，起落机必然处于下降进程D. 在月球表面行走的人处于失重状态3．甲、乙两车某时刻由同一地址沿同一方向开始做直线运动，假设从该时刻开始计时，取得两车的位移图象如下图，那么以下说法正确的选项是( )A．t1时刻甲车从后面追上乙车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度恰好相等D．从0时刻到t1时刻的时刻内，两车的平均速度相等4、如下图，A、B别离是甲、乙两小球从同一地址沿同一直线运动的v-t 图像，依照图像能够判定（）A. 两球在t=2s时速度相等B. 两球在t=8s时相距最远C. 两球运动进程中可不能相遇D.甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反5..如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为F N1，球对木板的压力大小为F N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此进程中( )A．F N1始终减小，F N2始终增大B．F N1始终减小，F N2始终减小C．F N1先增大后减小，F N2始终减小D．F N1先增大后减小，F N2先减小后增大六、如下图，小物体P放在水平圆盘上随圆盘一路转动，以下关于小物体所受摩擦力f的表达正确的选项是（）A．f的方向老是指向圆心B．圆盘匀速转动时f=0 C．在物体与轴O 的距离必然的条件下，f跟圆盘转动的角速度成正比D．在转速必然的条件下，f跟物体到轴O的距离成正比7.如下图，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，前后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在滑腻支架上，处于静止状态，两半球间的作使劲别离为F和'F，已知支架间的距离为AB的一半，那么'FF为（）A．3 B．32C．233D．338．如下图，A、B两个小球质量为M A、M B，别离连在弹簧两头，B端用平行于斜面的细线固定在倾角为30°的滑腻固定斜面上，假设不计弹簧质量，在线被剪断刹时，A、B两球的加速度大小别离为（）A．和 B． 0和C．和 D． 0和9、如下图，在水平桌面上叠放着质量相等的A、B两块木板，在木板A上放着质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态。

河南省南阳市2016-2017学年高一物理上学期期终质量评估试卷(含解析)

河南省南阳市2016-2017学年高一物理上学期期终质量评估试卷（含解析）注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并用2B铅笔将准考证号及考试科目在相应位置填涂．2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚．3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效．4．保持卡面清洁，不折叠，不破损．5．本试卷分试题卷和答题卷两部分，满分110分，考试时间90分钟．一、选择题（本题共有12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项正确，9-12题有多个选项正确．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错或不答的得0分）1、关于伽利略和牛顿对物理学的贡献，下列说法正确的是A．伽利略证明了惯性运动，用实验验证了维持物体运动并不需要外力B．伽利略证明了所有物体在忽略空气阻力时，都以同一加速度下落C．牛顿建立了平均速度、瞬时速度以及加速度的概念D．牛顿通过实验总结出了牛顿第一定律【答案】B【解析】考点：考查了物理学史【名师点睛】平时学习应该注意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探索物理规律而付出的艰辛努力，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2、物体沿一条直线运动，下列说法正确的是A．物体在某时刻的速度为3m/s，则物体在1 s内一定运动了3 mB．物体在1 s内的平均速度是3 m/s，则物体在这1 s内的位移一定是3 mC．物体在某段时间内的平均速度是3 m/s，则物体在任1 s内的位移一定是3 mD．物体在某段时间内的平均速率是3 m/s，则物体在任1 s内的路程一定是3 m【答案】B【解析】试题分析：物体在某时刻的速度为3m/s，平均速度不一定等于3m/s，则物体在1s内的位移不一定等于3m，故A错误；物体在1s内的平均速度是3m/s，根据x=vt=3×1m=3m知，物体在1s内的位移一定是3m，故B正确；物体在某段时间内的平均速度为3m/s，并不代表任意时间内的平均速度为3m/s，所以物体在任意1s内位移不一定等于3m，故C错误；物体在某段时间内的平均速率是3m/s，并不代表任意时间内的平均速率为3m/s，则任意1s内的路程不一定等于3m，故D错误．考点：考查了瞬时速度，平均速度，平均速率【名师点睛】解决本题的关键知道平均速度和平均速率的区别，平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值，3、如图所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是A. 小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B. 小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C. 小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力D. 小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力【答案】C【解析】考点：考查了二力平衡，相互作用力【名师点睛】本题涉及三力，重力、细线对小球的拉力和小球对细线的拉力，其中重力和细线对小球的拉力是平衡力（因为小球处于平衡状态），细线对小球的拉力和小球对细线的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混淆的，要注意其最明显的区别在于是否同体．4、在自由落体运动中，第一个2s、第二个2s和第5s这三段时间内，相对应的三段位移之比为A．4129∶∶D．287∶∶∶∶C．265∶∶ B．135【答案】A【解析】试题分析：初速度为零的匀加速直线运动在连续相等时间内的位移之比为1：3：5：7：9，知第一个2s、第二个2s、和第5s这三段时间内，相对应的三段位移之比为（1+3）：（5+7）：9=4：12：9．故D正确．考点：考查了自由落体运动规律的应用【名师点睛】初速度为零的匀加速直线运动在连续相等时间内的位移之比为1：3：5：7：9，根据该规律得出第一个2s、第二个2s、和第5s这三段时间内，相对应的三段位移之比．5、如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重．她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程．关于她的实验现象，下列说法中正确的是A．只有“起立”过程，才能出现失重的现象B．只有“下蹲”过程，才能出现超重的现象C．“下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D．“起立”、“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象【答案】D【解析】考点：考查了超重失重【名师点睛】对于超重还是失重的判断，关键取决于加速度的方向：当物体的加速度向上时，处于超重状态；当加速度方向向下时，处于失重状态．6、设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为x．现有A、B、C、D四个不同物体的运动图象如图所示，物体C和D的初速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是【答案】C【解析】试题分析：由位移-时间图象可知，位移随时间先增大后减小，2s 后反向运动，4s 末到达初始位置，故A 错误；由速度-时间图象可知，速度2s 内沿正方向运动，2-4s 沿负方向运动，方向改变，故B 错误；由图象可知：物体在第1s 内做匀加速运动，第2s 内做匀减速运动，2s 末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，故C 正确；由图象可知：物体在第1s 内做匀加速运动，第2-3s 内做匀减速运动，2s 末速度减为0，第3s 内沿负方向运动，不是单向直线运动，故D 错误．考点：考查了牛顿第二定律与图像【名师点睛】图象是我们高中物理研究运动的主要途径之一，应熟知其特征，难度不大，属于基础题．7、如图所示，在动摩擦因数为0.1的水平面上向右运动的物体，质量为20 kg ，在运动过程中，还受到一个水平向左大小为10 N 的拉力作用，则物体受到的合力为（g ＝10 N/kg ）A ．10 N ，向右B ．20 N ，向左C ．30 N ，向右D ．30 N ，向左【答案】D【解析】试题分析：物体相对于地面向右运动，所以滑动摩擦力的方向向左．根据f=μF N 得：0.120020f N N =⨯=．则物体所受合力的大小为：201030F F f N =+=+=合，方向为向左，故B 正确．考点：考查了力的合成，摩擦力【名师点睛】解决本题的关键掌握滑动摩擦力大小计算和方向的判断，在求滑动摩擦力大小时，不要受拉力F 的干扰，拉力F 不影响摩擦力的大小．8、如图所示，轻绳OA 一端固定在天花板上，另一端系一光滑的圆环，一根系着物体的轻绳穿过圆环后，另一端固定在墙上B 点，且OB 处于水平．现将A 点缓慢沿天花板水平向右移动且OB 段的轻绳始终保持水平，则轻绳OA 、OB 所受的拉力的大小T A 、T B 的变化情况是A ．T A 增大，TB 不变 B ．T A 不变，T B 增大C ．T A 、T B 均不变D ．T A 、T B 均减小【答案】C【解析】考点：考查了力的动态平衡分析【名师点睛】在解析力的动态平衡问题时，一般有两种方法，一种是根据受力分析，列出力和角度三角函数的关系式，根据角度变化进行分析解题，一种是几何三角形相似法，这种方法一般解决几个力都在变化的情况，列出力与三角形对应边的等式关系，进行解题分析9、关于力和运动的关系，下列说法正确的是A．由ｍ＝Ｆ/a知，某一物体的质量跟其所受的合外力成正比B．由a＝Ｆ/ｍ知，某一物体运动的加速度跟其所受的合外力成正比C．物体运动方向一定跟其合外力方向相同D．物体加速度方向一定跟其合外力方向相同【答案】BD【解析】考点：考查了对牛顿第二定律的理解【名师点睛】牛顿第二定律是动力学最重要的规律，是高考的重点和热点，要深刻理解，并能熟练应用，注意加速度与速度的方向关系，决定速度的增加与否．10、作用在同一物体上的下列几组力中，一定不能．．使物体做匀速直线运动的是A．2N，3N，6N B．3N，4N，8NC．4N，6N，9N D．4N，6N，11N【答案】ABD【解析】试题分析：当三个力满足任意两边之和大于等于第三边，任意两边之差小于等于第三边时，三力的合力可能为零，ABD都一定不满足，故一定不能使物体做匀速直线运动，故ABD正确考点：考查了力的合成【名师点睛】解决本题的关键是掌握三个力合成的合力范围，抓住物体做匀速直线运动时受力平衡，根据平衡条件由合力范围分析．11、如图所示，A和B的质量分别是1 kg和2 kg，弹簧和悬线的质量不计，在A上面的悬线烧断的瞬间A ．A 的加速度等于3gB ．A 的加速度等于gC ．B 的加速度为零D ．B 的加速度为g【答案】AC【解析】，方向向下，AC 正确．考点：考查了牛顿第二定律的瞬时性【名师点睛】在应用牛顿第二定律解决瞬时问题时，一定要注意，哪些力不变，（弹簧的的形变量来不及变化，弹簧的弹力不变），哪些力变化（如绳子断了，则绳子的拉力变为零，或者撤去外力了，则外力变为零，）然后结合整体隔离法，应用牛顿第二定律分析解题12、如图所示，质量不等的木块A 和B 的质量分别为m 1和m 2，置于光滑的水平面上．当水平力F 作用于左端A 上，两物体一起做匀加速运动时，A 、B 间作用力大小为F 1．当水平力F 作用于右端B 上，两物体一起做匀加速运动时，A 、B 间作用力大小为F 2，在两次作用过程中A ．21F F +＜FB ． 21F F +=FC ．F 1=F 2D ．1221m m F F = 【答案】BD【解析】试题分析：对两种情况均进行整体分析，整体的加速度都为12F a m m =+，隔离分析，第一种情况，A 对B 的作用力为21212m F F m a m m ==+，第二中情况，A 对B 的作用力为12112m F F m a m m ==+，则有在两次作用过程中，12F F F +=，1221F m F m =，BD 正确．考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用二、填空题。