【配套K12】高二物理上学期期中考试新人教版【会员独享】1

合集下载

【配套K12】高二物理第一学期期中考试文新人教版【会员独享】1

S B交大阳光中学2010～2011学年第一学期期中考试高二物理试题一．单项选择题（本题12小题，每小题4分，共48分）1．关于磁感线，下列说法中正确的是（）A．两条磁感线可以相交B．磁感线是磁场中实际存在的线C．磁感线总是从N极出发，到S极终止D．磁感线的疏密程度反映磁场的强弱2．图中展示的是下列哪种情况的电场线（）A．单个正点电荷 B．单个负点电荷C．等量异种点电荷 D．等量同种点电荷3．关于电场，下列说法中正确的是（）A．电场并不是客观存在的物质B．描述电场的电场线是客观存在的C．电场对放入其中的电荷有力的作用D．电场对放入其中的电荷没有力的作用4．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为 F ，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为（）A．16F B．4F C． F D．F / 25．根据电场强度的定义式E=F/q，在国际单位制中，电场强度的单位是（）A．牛/库 B．牛/焦 C．焦/库 D．库/牛6．某电场的电场线如右图所示，某点电荷在A和B两点所受电场力分别为F A、F B，则F A、F B的大小关系是（）A．F A>F B B．F A<F BＣ．F A=F BＤ．电荷正负不明无法判断7．在下列各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的是（）8．对物体带电现象的叙述，正确的是（）A．物体带电一定是因为具有多余的电子B．摩擦起电实质上是电荷从一个物体转移到另一个物体的过程C．物体所带电荷量可能很小，甚至小于eD．电中和是等量异种电荷完全消失的现象9．一个磁场的磁感线如右图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将（）A．向右移动 B．向左移动C．顺时针转动 D．逆时针转动10．计算用电量时,常用的单位是“度”,对此下列说法中正确的是（）A ．1度=h kw ⋅⨯6106.3B ．1度=J 5106.3⨯C ．“度”是电功率的单位D ．“度”是电功的单位11．下列说法不正确的是（）A ．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B ．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C ．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它当中的电荷有力的作用D ．电荷只有通过接触才能产生力的作用12．关于电流和电源的叙述，下列说法不正确的是（）A ．点荷的定向移动形成电流B ．单位时间内通过导体横截面的电量等于电流的大小C ．电源是为电路提供电压的装置D ．金属导体内，电子定向移动的方向就是电流的方向二．填空题:(本题4小题，每空2分，共20分)13．带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫_____________，电荷间的相互作用就是通过____________发生的。

高二物理上学期期中试题(含解析)新人教版

高二物理上学期期中试题(含解析)新人教版2021-2021学年江苏省盐城市东台市三仓中学高二（上）期中物理试体积一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2021秋?雅安期末）用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量都是用比值法定义的．以下公式不属于定义式的是（）a．b．磁感应强度电流强度i=c．d．电阻r=电容c=考点：电流、电压概念；电容；电阻定律；磁感应强度．版权所有分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解答：解：a、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系，所以i=属于比值定义法．故a正确．b、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以属于比值定义法．故b正确．c、电阻r与电压、电流无关，是其本身的属性，属于比值定义法，故c正确．d、电容与正对面积s成正比，与极板间的距离成反比，c=不属于比值定义法．故d错误．本题选不是定义式的故选d．点评：解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．2．（3分）（2021秋?东台市校级期中）物理老师在讲授“摩擦起电”时，请同学们用塑料直尺在头发上摩擦几下后试试能否吸引碎纸片，结果塑料直尺能够吸引碎纸片．如果以橡胶棒与毛皮摩擦作类比，这个现象说明（）摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带负电，塑料直尺带正电a．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带正电，塑料直尺带负电b．摩擦时，头发上的电子向塑料直尺转移，使塑料直尺带了负电c．d．摩擦时，只发生了正电荷的转移，使塑料直尺带了正电考点：静电现象的解释．版权所有分析：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷．带电体能吸引轻小物体．解答：解：当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，使橡胶棒有了多余的电子-1-而带负电．同理，当用塑料尺与头皮摩擦时，头发上的电子也转移到塑料尺上，使塑料尺带负电．故选：c．点评：此题考查了摩擦起电的原因电子的转移，要理解到位．3．（3分）（2021?永州模拟）如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即uab=ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，p、q是这条轨迹上的两点，据此可知（）在三个等电位面中，a的电位最高。

【配套K12】高二物理上学期期中试卷理(含解析)1

2015-2016学年河北省张家口市宣化四中高二（上）期中物理试卷（理科）一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，漏选得2分，多选或不选得0分）1．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离（仍在P点下方）（）A．带电油滴将沿竖直方向向下运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将增大D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大2．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最多C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功3．空间存在一电场，一带负电的粒子仅在电场力作用下从x1处沿x轴负方向运动，初速度大小为v0，其电势能E p随坐标x变化的关系如图所示，图线关于纵轴左右对称，以无穷远处为零电势能点，粒子在原点O处电势能为E0，在x1处电势能为E1，则下列说法中不正确的是（）A．坐标原点O处电场强度为零B．粒子经过x1、﹣x1处速度相同C．由x1运动到O过程加速度一直减小D．粒子能够一直沿x轴负方向运动，一定有4．把表头G改装成大量程电流表时，下列说法正确的是（）A．改装原理为并联电阻能增大通过G的电流B．改装成电流表后，表头G本身允许通过的最大电流减小C．改装后，表头G自身的电阻减小了D．改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大了5．如图电源内阻为r，固定电阻R0=r，可变电阻R x的总电阻值为2r，若变阻器触头P自最左端向最右滑动．则下列说法不正确的是（）A．电源输出功率由小变大 B．Rx消耗功率由大变小C．R0消耗功率由小变大D．电源的效率由小变大6．如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，电键S闭合前灯泡A、B、C均已发光．当电键S闭合时，A、B、C三个灯泡的亮度变化情况是（灯都不会烧坏）（）A．A亮度不变，B变亮，C变暗B．A变暗，B变亮，C变暗C．A变亮，B变暗，C变亮D．A变暗，B变亮，C亮度不变7．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，开关S是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，G为灵敏电流计．则以下说法正确的是（）A．在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向上加速运动，G中有从b到a的电流B．在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，G中有从b到a的电流C．在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴仍然静止，G中有从a到b的电流D．在将S断开后，油滴仍保持静止状态，G中无电流通过8．如图所示，直线A是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线，若这两个电阻分别接到这个电源上，则（）A．R1接在电源上时，电源的效率高B．R2接在电源上时，电源的效率高C．R1接在电源上时，电源的输出功率大D．电源的输出功率一样大9．下列关于电势高低的判断，正确的是（）A．负电荷从A移到B时，外力做正功，A点的电势一定较高B．负电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势一定较低C．正电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势一定较低D．正电荷只在电场力作用下从静止开始，由A移到B，A点的电势一定较高10．如图所示，真空中同一水平线上固定两等量异种点电荷A、B，其中A带负电、B带正电．C、D、O是分布在AB连线的垂线上的三个点，且AO＞BO．下列判断正确的是（）A．C、D两点的电势相等B．C、D两点的电场强度的方向均水平向左C．同一带负电的试探电荷在C点的电势能大于在D点的电势能D．同一试探电荷在C点受到的电场力比在D点受到的电场力小11．如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面，一个电子垂直经过等势面D时的动能为20eV，经过等势面C时的电势能为﹣10eV，到达等势面B时的速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5cm，不计电子的重力，下列说法中正确的是（）A．C等势面的电势为10VB．匀强电场的场强为200V/mC．电子再次经过D等势面时，动能为10eVD．电子的运动是匀变速曲线运动12．电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作的时间为t，则下列说法中正确的是（）A．电动机消耗的电能为UItB．电动机消耗的电能为I2RtC．电动机线圈产生的热量为I2RtD．电动机线圈产生的热量为二、填空题（共12分，把答案填在答题纸相应的横线上）13．A、B、C、D、E、F分别是正六边形的六个顶点，各顶点到正六边形中心O的距离为a．现只在F处放一电量为﹣Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小为；若再在A、B、C、D、E处各放一电量为+Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小变为．14．如图所示，水平安放的A、B两平行板相距h，上板A带正电，现有质量m，带电量为+q 的小球，在B板下方距离H处，以初速v0竖直向上从B板小孔进入板间电场，欲使小球刚好能到A板，则A、B间电势差U AB= ．三、解答题（共3小题，15小题10分，16小题14分，17小题16分共40分.要求写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分）15．如图所示的电路中，当S闭合时，电压表和电流表（均为理想电表）的示数各为1.6V 和0.4A；当S断开时，它们的示数各改变0.1V和0.1A，求电源的电动势和内阻．16．如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑离心轨道，一个带负电的小球从斜轨道上的A点由静止释放，沿轨道滑下（小球的重力大于所受的电场力）．（1）已知小球的质量为m，电量大小为q，匀强电场的场强大小为E，斜轨道的倾角为α，求小球沿斜轨道下滑的加速度的大小；（2）若使小球通过半径为R的圆轨道顶端的B点时不落下来，求A点距水平地面的高度h 至少应为多大？（3）若小球从斜轨道h=5R处由静止释放．假设其能够通过B点，求在此过程中小球机械能的改变量．17．如图所示，两平行金属板A、B长l=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，即U AB=300V．一带正电的粒子电量q=10﹣10C，质量m=10﹣20kg，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响）．已知两界面MN、PS相距为L=12cm，粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上．（静电力常数k=9×109N・m2/C2）求（1）粒子穿过界面MN时的速度；（2）粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离多远；（3）点电荷的电量．2015-2016学年河北省张家口市宣化四中高二（上）期中物理试卷（A卷）（理科）参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，漏选得2分，多选或不选得0分）1．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离（仍在P点下方）（）A．带电油滴将沿竖直方向向下运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将增大D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化；由E=φq可以判断油滴电势能的变化．【解答】解：A、将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，板间距离减小，根据E=得知板间场强增大，油滴所受的电场力增大，则油滴将向上运动．故A错误．B、场强E增大，而P点与上极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与上极板间电势差将增大，故P点相对于C点的电势差减小，故P点电势降低；故B正确．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴应带负电，由于P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C正确．D、由于电容器和电源相连，电势差不变；则若电容减小，根据Q=UC可知，极板的带电量减小；故D错误；故选：BC【点评】本题运用U=Ed分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．2．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最多C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子仅在电场力作用下，以一定的初速度，从O点运动到M点，根据曲线运动的条件可确定，电子受到的电场力方向．再由电子带负电，从而确定电场强度的方向．结合电场力与运动速度的方向来确定电场力做功的情况，从而可确定电子的电势能变化情况．【解答】解：A、电子沿X轴正方向进入匀强电场，出现题中的运动轨迹，由曲线运动的条件可知道，电场力的方向沿着电场线斜向上，由于电子带负电，所以电场线的方向斜向下．根据沿着电场线方向电势降低，可知O点电势低于M点电势，故A错误；B、由电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．所以运动过程中电子在M点电势能最小，故B错误；C、根据电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．故C错误；D、由A选项分析可知，开始电场力方向与初速度方向夹角大于90°，之后夹角小于90°．因此电场力对电子先做负功，再做正功．故D正确；故选：D【点评】本题突破口：根据曲线运动的条件，结合电场的力与能的基本性质，从而即可解题．3．空间存在一电场，一带负电的粒子仅在电场力作用下从x1处沿x轴负方向运动，初速度大小为v0，其电势能E p随坐标x变化的关系如图所示，图线关于纵轴左右对称，以无穷远处为零电势能点，粒子在原点O处电势能为E0，在x1处电势能为E1，则下列说法中不正确的是（）A．坐标原点O处电场强度为零B．粒子经过x1、﹣x1处速度相同C．由x1运动到O过程加速度一直减小D．粒子能够一直沿x轴负方向运动，一定有【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，结合分析图象斜率与场强的关系，即可求得原点O处的电场强度；速度根据能量守恒判断；根据斜率读出场强的变化，由F=qE，分析电场力的变化，由牛顿第二定律判断加速度的变化．【解答】解：A、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，得：E=•．E p﹣x图象切线的斜率等于，根据数学知识可知，坐标原点O处切线斜率为零，则坐标原点O处电场强度为零，故A正确．B、由图看出，x1、﹣x1两处的电势能相等，根据能量守恒定律得知，粒子经过x1、﹣x1处速度相同，故B正确．C、由x1运动到O过程，根据数学知识可知，图线的斜率先增大后减小，说明场强先增大后减小，由F=qE知，粒子所受的电场力先增大后减小，根据牛顿第二定律得知，加速度先增大后减小，故C错误．D、根据公式E p=qφ，可知，该粒子带负电，从x1处到﹣x1处，电势先降低后升高，电场方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，电场力先沿x轴正方向后沿x轴负方向，粒子只要能通过原点O，就能一直沿x轴运动，设粒子恰好能到达原点O时的速度为v，则根据能量守恒定律得： =E0﹣E1，v=，当v0＞v时，即粒子能够一直沿x轴负方向运动，故D正确．本题选错误的，故选：C【点评】解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律和能量守恒定律进行分析．4．把表头G改装成大量程电流表时，下列说法正确的是（）A．改装原理为并联电阻能增大通过G的电流B．改装成电流表后，表头G本身允许通过的最大电流减小C．改装后，表头G自身的电阻减小了D．改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大了【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点分析答题．【解答】解：A、电流表的改装原理是并联电阻可以分流，并联电阻并不能增大通过G的电流，故A错误；B、把G改装成电流表后，通过表头G本身的最大电流保持不变，故B错误；C、把G改装成电流表后，表头G自身的电阻保持不变，故C错误；D、改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大了，故D正确；故选：D．【点评】本题考查了电流表的改装，知道电流表的改装原理是解题的关键，应用并联电路特点可以解题．5．如图电源内阻为r，固定电阻R0=r，可变电阻R x的总电阻值为2r，若变阻器触头P自最左端向最右滑动．则下列说法不正确的是（）A．电源输出功率由小变大 B．Rx消耗功率由大变小C．R0消耗功率由小变大D．电源的效率由小变大【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】当变阻器的滑动触头向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，根据闭合电路欧姆定律即可求解，总功率P=EI，效率=输出功率比总功率，利用等效内阻法求输出功率．【解答】解：A、根据闭合电路内外阻相等时，电源的输出功率最大，当变阻器的滑动触头向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电阻小于等效内阻，随外电阻的减小，输出功率减小，故A错误B、当变阻器的滑动触头向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，根据P=I2R0可知，R0消耗功率由小变大，又输出功率减小，故Rx消耗功率由大变小，故BC正确；D、根据总功率P=EI可知，电流增大，总功率增大，输出功率减小，故电源的效率由大变小，故D正确．本题选不正确的，故选：A【点评】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，注意总功率P=EI，难度不大，属于基础题6．如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，电键S闭合前灯泡A、B、C均已发光．当电键S闭合时，A、B、C三个灯泡的亮度变化情况是（灯都不会烧坏）（）A．A亮度不变，B变亮，C变暗B．A变暗，B变亮，C变暗C．A变亮，B变暗，C变亮D．A变暗，B变亮，C亮度不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当电键S闭合时，灯泡C、D并联电阻减小，引起外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，再分析B、C、D三个灯泡电压或电流的变化，分析灯泡亮度的变化．【解答】解：当电键S闭合时，灯泡C、D并联电阻减小，外电路总电阻R减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I增大，灯泡A的电压U A=E﹣Ir减小，电流I A减小，灯泡A变暗．灯泡B的电流I B=I﹣I A增大，电压UB增大，灯泡B变亮．C灯的电压U C=U A﹣U B，U A减小，U B增大，则U C减小，灯泡C变暗．故选B【点评】本题是电路中动态变化分析的问题，考查综合分析问题的能力．这类问题常常按照“局部→整体→局部”的思路分析．7．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，开关S是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，G为灵敏电流计．则以下说法正确的是（）A．在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向上加速运动，G中有从b到a的电流B．在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，G中有从b到a的电流C．在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴仍然静止，G中有从a到b的电流D．在将S断开后，油滴仍保持静止状态，G中无电流通过【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电容；闭合电路的欧姆定律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题；恒定电流专题．【分析】电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况．【解答】解：A、C、粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，电容器两端电压为：U=E﹣I（r+R1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速；电容器充电，故电流从b到a，故A正确，C错误；B、在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程刚好与选项A相反，故B错误；D、在将S断开后，电容器通过电阻R2与R1放电，电量减为零，电流沿a至b，故D错误；故选A．【点评】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．8．如图所示，直线A是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线，若这两个电阻分别接到这个电源上，则（）A．R1接在电源上时，电源的效率高B．R2接在电源上时，电源的效率高C．R1接在电源上时，电源的输出功率大D．电源的输出功率一样大【考点】路端电压与负载的关系；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．【解答】解：A、B，电源的效率η===，效率与路端电压成正比，R1接在电源上时路端电压大，效率高，故A正确，B错误．C、D，由图线的交点读出，R1接在电源上时U=U0，I=I0，电源的输出输出功率P1=UI=U0I0；R2接在电源上时U=U0，I=I0，电源的输出输出功率P2=UI=U0I0，故C、D均错误．故选：A．【点评】本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．9．下列关于电势高低的判断，正确的是（）A．负电荷从A移到B时，外力做正功，A点的电势一定较高B．负电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势一定较低C．正电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势一定较低D．正电荷只在电场力作用下从静止开始，由A移到B，A点的电势一定较高【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据推论：正电荷在电势高处，电势能大；负电荷在电势低处，电势能大，判断两点间电势的高低．正电荷只在电场力作用下从A移到B，电荷不一定从高电势处向低电势处运动．负电荷从A移到B时，外力作正功，A点电势不一定较高．【解答】解：A、负电荷从A移到B时，外力作正功，无法判断电势的高低，故A错误．B、根据负电荷在电势低处具有的电势能大，则知负电荷从A移到B时，电势能增加，B点的电势一定较低，A点的电势一定较高，故B错误．C、正电荷从A移到B时，电势能增加，根据正电荷在电势高处具有的电势能大，可知A点的电势一定较低，故C正确．D、正电荷只在电场力作用下从静止开始由A移到B，电场力一定做正功，电势能减小，电势降低，则A点的电势一定较高．故D正确．故选：CD．【点评】电场中两点间电势高低可根据推论判断，也可以根据电场力做功的正负与电荷的电性判断，但不能根据外力做功情况判断．10．如图所示，真空中同一水平线上固定两等量异种点电荷A、B，其中A带负电、B带正电．C、D、O是分布在AB连线的垂线上的三个点，且AO＞BO．下列判断正确的是（）A．C、D两点的电势相等B．C、D两点的电场强度的方向均水平向左C．同一带负电的试探电荷在C点的电势能大于在D点的电势能D．同一试探电荷在C点受到的电场力比在D点受到的电场力小【考点】示波管及其使用；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．然后结合等量异种点电荷的电场线和等势面分布解答即可．【解答】解：A、由图可知，D离正电荷近，则由等量异种点电荷的电场线和等势面分布可知，φO＞φD＞φC，故A错误；B、在AB连线中垂线上的各点电场强度方向水平向左，结合等量异种点电荷的电场线的分布可知，E C和E D的方向斜向左上，故B错误；C、负电荷在电势低处电势能大，所以E pC＞E pD，故C正确；D、由等量异种点电荷的电场线的分布可知，E C＜E D，所以同一试探电荷在C点受到的电场力比在D点受到的电场力小，故D正确．故选：CD【点评】本题要求掌握住等量异种电荷的电场的分布的情况，根据电场分布的特点以及电场线与电势的关系即可以分析本题．11．如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面，一个电子垂直经过等势面D时的动能为20eV，经过等势面C时的电势能为﹣10eV，到达等势面B时的速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5cm，不计电子的重力，下列说法中正确的是（）A．C等势面的电势为10VB．匀强电场的场强为200V/mC．电子再次经过D等势面时，动能为10eVD．电子的运动是匀变速曲线运动【考点】等势面；电场强度；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子从D到B过程，根据动能定理求出BD间电势差，即可得到A等势面的电势；由E=求解电场强度；根据能量守恒可知，电子再次经过D等势面时，动能为20eV；匀强电场中电子所受的电场力是恒力，电子做匀变速直线运动．。

【配套K12】高二物理上学期期中试题

大厂回民中学2015-2016学年高二第一学期期中考试物理试卷第I卷（选择题）一、选择题（每题4分，共48分。

每题至少有一个正确选项，其中1-9为单选，10-12为多选，全对得4分，选不全得2分，错选不得分）1．电阻R1、R2的I-U图线如图所示，现将R1、R2串联后接到电源上,R1消耗的电功率是6W，则R2消耗的电功率是A．10w B．9W C．4W D．2W2．一电子以与磁场垂直的速度v从P处沿PQ方向进入长为d、宽为h的匀强磁场区域，从N点射出，如图所示，若电子质量为m，电荷量为e，磁感应强度为B，则( )A．h＝dB．电子在磁场中运动的时间为d vC．电子在磁场中运动的时间为PN vD．洛伦兹力对电子不做功3．如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B为电阻R的U﹣I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是A．4W、8W B．2W、4W C．4W、6W D．2W、3W4．如图所示，一带电小球质量为m，用丝线悬挂于O点，在竖直面内摆动，最大摆角为600，水平磁场垂直于小球摆动的平面，当小球自左方摆到最低点时，悬线上的张力恰为零，则小球自右方摆到最低点时悬线上的张力为（）2mg C．4mg D．6mgA、0B、5．倾角为θ的导电轨道间接有电源，轨道上静止放有一根金属杆ab.现垂直轨道平面向上加一匀强磁场，如图所示，磁感应强度B由零逐渐增加的过程中，ab杆受到的静摩擦力 ( )A.逐渐增大B.逐渐减小C.先增大后减小D.先减小后增大6．关于电磁感应，下列说法正确的是（）A.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B.穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大7．如图所示，导线框abcd与导线在同一平面内，直导线通有恒定电流I，当线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流的方向是：( )A．先abcd，后dcba，再abcdB．先abcd，后dcbaC．始终dcbaD．先dcba，后abcd，再dcba8．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是( )A．I变大，U变小 B．I变大，U变大C．I变小，U变大 D．I变小，U变小9．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域。

【配套K12】2017-2018学年高二物理上学期期中精选题库试题(含解析)

高二年级第一学期期中考试物理精选题库之一一、选择题1. 电路如图所示．接通电路后三个灯的电阻都相等．那么三个灯消耗的电功率P1、P2、P3之间的关系是A. P1=P2=P3B. P1=P2＞P3C. D. P3=4P1=4P2【答案】D【解析】L1、L2并联所以电压相等，两个灯的电阻又相等，所以电流也相等，即I1=I2，而I3=I1+I2=2I1，根据P=I2R可知：P3=4P1=4P2，故D正确，ABC错误2. 真空中有A、B两个点电荷，相距10cm，B的带电量是A的5倍，如果A电荷受的静电力是10-4N，那么B电荷受到的静电力大小为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析：根据库仑定律可知两电荷之间的静电力大小相等，方向相反可知选项C 正确．考点：考查牛顿第三定律的应用．3. 真空中有相距为r的两个点电荷A、B，它们之间相互作用的静电力为F，如果将A的带电量增加到原来的4倍，B的带电量不变，要使它们的静电力变为F/4，则它们的距离应当变为（）A. 16rB. 4rC.D. 2r【答案】B【解析】试题分析：当距离为r时有：；当距离变化后依据题意有：；联立①②可得R=4r，故ACD错误，B正确．故选B。

考点：库仑定律【名师点睛】正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多，因此常用两式相比的方法进行求解。

4. 对公式的理解，下列说法正确的是（）A. 此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B. a点和b点距离越大，则这两点的电势差越大C. 公式中的d是指a点和b点之间的距离D. 公式中的d是a、b所在的两个等势面间的垂直距离．【答案】D【解析】试题分析：公式U ab=Ed中，E只有是定值才能求解电势差或场强，所以可知此公式只适用于匀强电场．故A错误．在同一匀强电场中，公式U=Ed中，d是两点间沿电场线方向的距离，所以只有当两点间沿场强方向的距离越大时，两点间电势差也越大，而不是任意两点间的距离越大，两点间电势差也越大．故B、C错误．由于电场线与等势垂直，两点间沿电场线方向的距离等于a、b所在两个等势面的距离，故D正确．故选D．考点：电场强度【名师点睛】对于物理公式要准确理解，抓住两个方面是关键：一要理解公式适用的条件，二要理解各个量的准确含义。

高二物理上学期期中试卷新人教版

高二级期中考试物理本试卷分选择题、非选择题二部分，共4页，满分100分，考试用时60分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名．考号填写在答题卡上．2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上．3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在另发的答题卷各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效．4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卷和答题卡一并收回．第一部分选择题（共50分）一、单项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．每题有A、B、C、D四个可供选择的选项，其中只有一个选项是正确的）1．关于点电荷的说法，下列正确的是（）A．体积很大的带电体不能看成点电荷B．物体带电量很小时，可以看作点电荷C．点电荷是理想化的物理模型D．点电荷的带电量一定是1.6×10-19 C2．关于场强与电势的关系，下列说法正确的是（）A．场强相等的各点，电势也一定相等B．电势为零的位置，场强也一定为零C．电势高的位置，场强一定大D．沿场强的反方向，电势逐渐升高3．将两个异种点电荷间距增大时，下列说法正确的是（）A．电场力作正功，电势能增加 B．电场力作负功，电势能增加C．电场力作正功，电势能减小 D．电场力作负功，电势能减小4．一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成如图的运动轨迹，M 和N 是轨迹上的两点．不计重力，下列表述正确的是（） A ．粒子在电场中的加速度不变 B ．粒子所受电场力沿电场方向 C ．粒子在M 点的速率比在N 点的速率大 D ．粒子在电场中的电势能始终在增加5．两根完全相同的金属丝A 和B ，如果把其中的一条A 均匀地到拉长原来的4倍，把B 对折后绞合在一起，则现在它们的电阻之比为（） A ．64：1 B ．1：64 C ．1：4 D ．4：1二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分．每小题只有两个选项符合题意，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分） 6．下列关于静电场的说法中正确的是 ( )A ．在孤立点电荷形成的电场中既有电场强度相同的两点，又有电势相等的两点B ．正电荷在只受电场力作用下，一定从高电势向低电势处运动C ．电场强度为零处，电势不一定为零；电势为零处，电场强度不一定为零D ．初速度为零的正电荷在电场力作用下不一定沿电场线运动 7．下列各电学量中,与检验电荷无关的物理量是( )A ．电场强度EB ．静电力FC ．静电力做的功WD ．电势差U8．下列叙述正确的是( )A ．带等量异号电荷的两个导体接触后，电荷就会由于相互中和而消失B ．一个物体带1.6×10-9C 的负电荷，这是它失去了1.0×1010个电子的缘故 C ．元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量 D ．电场中某点场强越大，则同一电荷在该点所受电场力越大9．如图所示，带电物体从A 开始沿虚线穿过竖直放置的平行板电容器，则带电物体（）A ．带负电B ．做加速运动C ．机械能增加D ．电势能增大10．如图所示，a 、b 是两个带有同种电荷的小球，用绝缘细线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为α、β，且β>α．若同时剪断MN两根细线，空气阻力不计，两球带电荷量不变，下列叙述正确的是( )A．a球的质量比b球的大B．a、b两球同时落地C．a球的电荷量比b球的大D．a、b两球飞行的水平距离相等第二部分非选择题（共50分）三、实验题（本题每空3分，共18分．把答案填在题中的横线上）11．在测金属电阻率实验中：（1）用刻度尺测出被测金属丝的长度l，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻R x．请写出测金属丝电阻率的表达式＝_________________（用上述测量量的字母表示）;（2）某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是_________、________、__________．（3）若某同学再用“伏安法”测量该电阻，所用器材如右图所示，其中待测电阻约为10Ω，电压表内阻约为5kΩ，电流表内阻约为5Ω，变阻器阻值为50Ω．图中部分连线已经连接好，为了尽可能准确地测量电阻，请你完成其余的连线;（4）该同学按照“伏安法”测量电阻的要求连接好图电路后，测得的电阻值将 _______(填“大于”、“小于”或“等于”)被测电阻的实际阻值．四．计算题（本题共2小题，共32分．按要求作答，应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）12．（14分）如图，将电荷量为q =3.0×10-9C 的点电荷从匀强电场中的A 点移动到B 点，AB =2cm ，电场力做的功为6.0×10-7J ，（1）若以B 点为零电势点，求A 、B 两点的电势差和A 点的电势；（2）求匀强电场的场强E13．（18分）如图所示，固定于同一条竖直线上的A 、B 是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为＋Q 和-Q ，A 、B 相距为2d ．MN 是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p ，质量为m 、电荷量为＋q (可视为点电荷，不影响电场的分布)，现将小球p 从与点电荷A 等高的C 处由静止开始释放，小球p 向下运动到距C 点距离为d 的O 点时，速度为v ．已知MN 与AB 之间的距离为d ，静电力常量为k ，重力加速度为g ．求： (1) C 、O 间的电势差U CO ； (2) O 点处的电场强度E 的大小； (3) 小球p 经过O 点时的加速度；(4) 小球p 经过与点电荷B 等高的D 点时的速度．高二物理期中测试题参考答案B A题号 1 2 3 4 5 答案 C D B A A 题号 6 7 8 9 10 答案CDADCDBCAB11.（1）（2）0.996～0.999mm 、0.42A 、2.25～2.29V （3）用安培表外接法（4）小于12．（14分）解：（1）A 、B 两点的电势差：由（3分）得（1分）以B 点位零电势点时，B 点的电势：（1分）因为（3分）所以（1分）（2）匀强电场的场强：由（3分）得（1分）文字表达共1分13．（18分）(1)小球p 由C 运动到O 的过程，由动能定理得(3分)所以 ①(1分)(2)小球p 经过O 点时受力如图ld R x 42πq W U F=V V q W U AB B A 200100.3100.697=⨯⨯==--0=B ϕV U B A AB 200=-=ϕϕV A 200=ϕdUE =m V m V d U E AB /101/10220042⨯=⨯==-2CO 1mgd qU mv 02-＋＝2CO mv 2mgdU 2q-＝由库仑定律得 ②(2分)它们的合力为③(2分) 所以O 点处的电场强度 ④(2分) (3)由牛顿第二定律得：mg ＋qE ＝ma ⑤(2分) 所以 ⑥(1分)(4)小球p 由O 运动到D 的过程，由动能定理得⑦(3分)由电场特点可知U CO ＝U OD ⑧(1分) 联立①⑦⑧解得 (1分)()122QqF F k＝＝122F Fcos 45F cos 452d ︒︒＝＋2F E q 2d ＝＝2a g 2md ＝22OD D 11mgd qU mv mv 22-＋＝D v。

【配套K12】高二物理上学期期中考试试卷A卷新人教版

安源中学2010-2011学年上学期期中试卷（A 卷）高二物理一、本题包括10小题：每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．关于带电粒子所受洛伦兹力F 和磁感应强度B 及粒子速度v 三者之间的关系，下列说法中正确的是 A ．F 、B 、v 三者必定均保持垂直 B ．F 必定垂直于B 、v ，但B 不一定垂直于v C ．B 必定垂直于F 、v ，但F 不一定垂直于vD ．v 必定垂直于F 、B ，但F 不一定垂直于B2．如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有A 、B 两点，试比较两点的电场强度E 大小和电势φ高低，其中正确的是： A ．E A ＞E B ，φA ＞φB ； B ．E A ＞E B ，φA ＜φB ；C ．E A ＜E B ，φA ＞φB ；D ．E A ＜E B ，φA ＜φB ．3、两个电源的伏安特征图线如图所示，由图可知 A ．电源a 的内电阻较小，电动势较大 B ．电源a 的内电阻较大，电动势较大 C ．电源b 的内电阻较小，电动势较小 D ．电源b 的内电阻较大，电动势较大4、a 、b 、c 、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与矩形所在平面平行。

已知a 点的电势为20 V ，b 点的电势为24 V ，d 点的电势为4 V ，如图，由此可知c 点的电势为A ．4 VB ．8 VC ．12 VD ．24 V5．把电阻是1欧的一根金属丝截成等长的十段，再把这十段金属丝并联起来，这样并联的一组金属丝的总电阻是 A ．0.01欧 B ．0.10欧C ．10欧D ．100欧6．如图所示，一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针的上方，并与磁针指向平行，能使小磁针的N 极转向读者，那么这束带电粒子可能是（） A ．向右飞行的正离子束B ．向左飞行的正离子束 C ．向右飞行的负离子束 D ．向左飞行的负离子束 7、一平行板电容器充电后，把电源断开，再用绝缘工具将两板距离拉开一些，则（） A 、电容器的带电荷量增加B 、电容增大cdC 、电容器电压增加D 、两板间电场强度增大8．一个电流表的满偏电流Ig ＝1mA ，内阻Rg ＝500Ω，要把它改装成一个量程为10V 电压表，则应在电流表上（） A ．串联一个10K Ω的电阻 B ．并联一个10K Ω的电阻 C ．串联一个9.5K Ω的电阻D ．并联一个9.5K Ω的电阻9．一带电油滴在匀强电场E 中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向上。

【配套K12】高二物理上学期期中试卷(含解析)2

2015-2016学年宁夏银川市六盘山高中高二（上）期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列有关电学的叙述符合物理史实的是（）A．密立根第一次把丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷命名为正电荷，把毛皮摩擦过的硬橡胶棒所带的电荷命名为负电荷B．法拉第最早测得元电荷e的数值C．库仑在前人工作的基础上通过实验研究确认真空中两个静止点电荷之间相互作用力的定量规律D．安培第一次提出电场的观点，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，处在电场中的其它电荷受到的作用力就是这个电场给予的2．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A．16F B．4F C．F D．3．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等4．电流表的内阻是R g=200Ω，满偏电流值是I g=500μA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个1800Ω的电阻D．应并联一个1800Ω的电阻5．四盏灯泡接成图示电路．a、c灯泡的规格为“220V 100W”，b、d灯泡的规格为“220V 40W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率．则这四盏灯泡中实际消耗功率最大的是（）A．a B．b C．c D．d6．平行板电容器充电后，与电池两极断开连接，当两极板间的距离减小时（）A．电容器的电容C变小B．电容器极板的带电量Q变大C．电容器两极间的电势差U变大D．电容器两极板间的电场强度E不变7．一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由A点移到B点．在这个过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U ab为（）A．3×104V B．1×104V C．4×104V D．7×104V8．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的场强大于N点的场强B．M点的电势高于N点的电势C．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能D．粒子在M点的动能大于在N的动能9．关于电动势，下列说法正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B．对于给定的电源，移动正电荷，非静电力做功越多，电动势就越大C．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量做功越多D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极移送到正极的电荷量越多10．如图所示，为某一电场中的一条电场线，已知电子在A点的速率为v1，只在电场力的作用下，电子从A点运动到B点时速度恰好为零，则（）A．电场的方向从A指向BB．A点的电场强度比B点大C．A点的电势比B点高D．A到B的过程中，电子的电势能减少11．图示为一块电动汽车动力电池的照片和充电电路示意图，电动势为80V，内阻恒为为0.2Ω，电容量为80Ah，但已用光．若充电站（一种街头充电设备）以20A的恒定电流为其充电，则（）A．充满电耗时约为4小时B．充满电耗时约为8小时C．动力电池消耗的热功率是0.08kWD．动力电池消耗的热功率是1.6kW12．为模拟空气净化过程，有人设计了如图所示的含灰尘空气的密闭玻璃圆桶，圆桶的高和直径相等．第一种除尘方式是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；第二种除尘方式是：在圆桶轴线处放一直导线，在导线与桶壁间加上的电压也等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示．已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即f=kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，初速度和重力均可忽略不计，不考虑尘粒之间的相互作用，则在这两种方式中（）A．尘粒都做直线运动B．尘粒受到的电场力大小相等C．电场对单个尘粒做功的最大值相等D．在乙容器中，尘粒做类平抛运动二、解答题（共6小题，满分52分）13．甲图中游标卡尺的读数是mm．乙图中螺旋测微器的读数是mm．14．为了测定一个“6.3V、1W”的小电珠在额定电压下较准确的电阻值，可供选择的器材有：A．电流表（0～3A，内阻约0.04Ω）B．毫安表（0～300mA，内阻约4Ω）C．电压表（0～10V，内阻10KΩ）D．电压表（0～3V，内阻10KΩ）E．电源（额定电压6V，最大允许电流2A）F．电源（额定电压9V，最大允许电流1A）G．可变电阻（阻值范围0～10Ω，额定电流1A）H．可变电阻（阻值范围0～50Ω，额定功率0.5W）I．导线若干根，电键一个．（1）为使测量安全和尽可能准确，应选用的器材是．（用字母代号填写）（2）请画出电路图．并把图中所示实物图用线连接起来．15．如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．判断小球带电荷（正或负），电场强度E= ．16．空间有三点A、B和C位于直角三角形的三个顶点，且AB=4cm，BC=3cm．现将点电荷Q A 和Q B分别放在A、B两点，结果测得C点的场强为E C=10V/m，方向如图所示，试求：（1）Q A和Q B的电性；（2）如果撤掉Q A，C点场强的大小和方向．17．长为l的平行金属板，板间形成匀强电场，一个带电为+q、质量为m的带电粒子，以初速v0紧贴上板垂直于电场线方向射入该电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30°，如图所示．求：（1）粒子末速度的大小；（2）匀强电场的场强；（3）两板间的距离d．18．一个质量为m、带电量为﹣q的小物体（可视为质点），可在水平轨道ox上运动，o端有一与轨道垂直的固定墙．轨道处于匀强电场中，场强大小为E，方向沿ox轴正向，如图所示．小物体以初速度v0从x o点沿ox轨道运动，运动时受到大小不变的摩擦力f作用，且f＜qE．设小物体与墙碰撞时不损失机械能，且电量保持不变，求：①小物体一开始向右运动所能到达的最大位移；②它在停止运动前所通过的总路程S．2015-2016学年宁夏银川市六盘山高中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列有关电学的叙述符合物理史实的是（）A．密立根第一次把丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷命名为正电荷，把毛皮摩擦过的硬橡胶棒所带的电荷命名为负电荷B．法拉第最早测得元电荷e的数值C．库仑在前人工作的基础上通过实验研究确认真空中两个静止点电荷之间相互作用力的定量规律D．安培第一次提出电场的观点，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，处在电场中的其它电荷受到的作用力就是这个电场给予的【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、富兰克林第一次把丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷命名为正电荷，把毛皮摩擦过的硬橡胶棒所带的电荷命名为负电荷，故A错误；B、密立根最早测得元电荷e的数值，故B错误；C、库仑在前人工作的基础上通过实验研究确认真空中两个静止点电荷之间相互作用力的定量规律，故C正确；D、法拉第第一次提出电场的观点，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，处在电场中的其它电荷受到的作用力就是这个电场给予的，故D错误；故选：C．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A．16F B．4F C．F D．【考点】库仑定律．【专题】计算题．【分析】由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力．【解答】解：由库仑定律可得：F=K；变化后F′==16F故选A．【点评】本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出．3．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．利用这些知识进行判断．【解答】解：A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势．故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等．故D正确．故选：D．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．4．电流表的内阻是R g=200Ω，满偏电流值是I g=500μA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个1800Ω的电阻D．应并联一个1800Ω的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【分析】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的电阻值为：R=，U为量程．【解答】解：电流表改装成电压表要串联的电阻为：R===1800ΩA 串联阻值不对．故A错误B 不应并联．故B错误C 符合要求．故C正确D 不应并联．故D错误故选：C【点评】考查的电压表的改装原理，明确所串联的电阻的求法．5．四盏灯泡接成图示电路．a、c灯泡的规格为“220V 100W”，b、d灯泡的规格为“220V 40W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率．则这四盏灯泡中实际消耗功率最大的是（）A．a B．b C．c D．d【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】先根据小灯泡的规格确定小灯泡的电阻，然后根据串并联电路的规律确定四个小灯泡电压电流的关系，从而根据P=UI=I2R=比较它们的功率大小．【解答】解：a、b灯泡的电阻R===484Ωc、d灯泡的电阻R′===1210Ω根据并联电路的特点知b、c并联后的总电阻R并＜R＜R′大电阻分大电压，所以b、c两端的电压小于d灯泡的电压，根据P=可得：P a＞P b，P c＜P b＜P da、d灯串联，电流相等，根据P=I2R知则P与R成正比，则P a＜P d，故实际电功率最大的是d灯泡；故选：D．【点评】已知用电器的额定功率、额定电压，求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点，能结合串并联电路的特点解题，难度适中．6．平行板电容器充电后，与电池两极断开连接，当两极板间的距离减小时（）A．电容器的电容C变小B．电容器极板的带电量Q变大C．电容器两极间的电势差U变大D．电容器两极板间的电场强度E不变【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】根据电容的决定式，分析两极板间的距离减小时电容的变化．电容器断开电源，电容器的电量不变，由电容的定义式分析电容器极板的带电荷量Q变化．由E=分析板间场强的变化．【解答】解：A、由电容器的决定式可知，d减小时，电容增大，故A正确；B、因充电后断开电源，则极板的带电量Q不变；故B错误；C、因Q不变，C增大，则U=可知，电势差减小；故C错误；D、C=ɛ及U=可知，U=，则E==，故电场强度不变，故D正确；故选：D．【点评】充电后断开电源则两板间的电场强度不变，这个结论应牢记．7．一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由A点移到B点．在这个过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U ab为（）A．3×104V B．1×104V C．4×104V D．7×104V【考点】电势差；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】质点在静电场中由A点移到B点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加．电场力做功为W ab=qU ab，根据动能定理求解a、b两点间的电势差U ab．【解答】解：根据动能定理得qU ab+W其他=△E k看到 U ab===1×104V故选B【点评】对于研究质点动能变化的问题，要首先考虑能否运用动能定理．基础题，比较容易．8．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的场强大于N点的场强B．M点的电势高于N点的电势C．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能D．粒子在M点的动能大于在N的动能【考点】电势能；电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向．电场力方向应指向轨迹的内侧．由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．【解答】解：A、电场线的疏密表示场强大小，所以M的场强小于N点的场强．故A错误；B、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势．故B正确；C、D、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，M到N 的过程中电场力对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．9．关于电动势，下列说法正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B．对于给定的电源，移动正电荷，非静电力做功越多，电动势就越大C．电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量做功越多D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极移送到正极的电荷量越多【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电源电动势的定义E=，即可作出判断．明确电动势的意义．【解答】解：A、在电源内部非静电力把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，将其他能转化为电能，电能增加．故A正确．B、电动势是电源本身的性质，与移送电荷的多少无关；故B错误；C、C、D根据电动势的定义E=，电动势越大，非静电力在电源内部从负极向正极移动单位正电荷做功越大，而不是电荷量越多．故D错误，C正确．故选：AC【点评】本题考查电动势的概念；而概念是物理知识的细胞，加强基本概念学习，是提高物理解题能力的基础．10．如图所示，为某一电场中的一条电场线，已知电子在A点的速率为v1，只在电场力的作用下，电子从A点运动到B点时速度恰好为零，则（）A．电场的方向从A指向BB．A点的电场强度比B点大C．A点的电势比B点高D．A到B的过程中，电子的电势能减少【考点】电场线．【分析】电子从A点运动到B点时速度恰好为零，说明电场力做负功，据此判断出电场力的方向，然后判断出电场的方向，根据沿着电场线的方向电势越来越低，判断电势的高低；由电场力做功与电势能变化的关系分析电子电势能如何变化．【解答】解：电子从A点运动到B点时速度恰好为零，说明电场力做负功，电场力由B指向A；A、电子带负电，电场力由B指向A，则电场方向由A指向B，故A正确；B、仅根据一条电场线，不能判断A、B两点场强的大小，故B错误；C、电场方向由A指向B，沿电场线的方向电势越来越低，所以A点电势比B点电势高，故C 正确；D、从A到B的过程中，电场力做负功，电势能增加，故D错误；故选AC．【点评】根据电子速度变为零判断出电场力的方向，根据电荷受力方向与场强方向间的关系、电场线方向与电势的关系、电场力做功与电势能变化的关系分析答题．11．图示为一块电动汽车动力电池的照片和充电电路示意图，电动势为80V，内阻恒为为0.2Ω，电容量为80Ah，但已用光．若充电站（一种街头充电设备）以20A的恒定电流为其充电，则（）A．充满电耗时约为4小时B．充满电耗时约为8小时C．动力电池消耗的热功率是0.08kWD．动力电池消耗的热功率是1.6kW【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】充满电后储存的电能为：W=EQ；根据能量守恒定律和焦耳定律列式求解充电时间．【解答】解：A、B、设经过t时间充满电，故：EQ=EIt﹣I2rt代入数据，有：80V×80A•h=80V×20A×t﹣（20A）2×0.2Ω×t解得：t=4h故A正确，B错误；C、D、动力电池消耗的热功率：P=I2r=（20A）2×0.2Ω=80W=0.08W故C正确，D错误；故选：AC．【点评】本题关键是根据能量守恒定律列式求解充电时间，根据P=I2r求解热功率，基础题目．12．为模拟空气净化过程，有人设计了如图所示的含灰尘空气的密闭玻璃圆桶，圆桶的高和直径相等．第一种除尘方式是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；第二种除尘方式是：在圆桶轴线处放一直导线，在导线与桶壁间加上的电压也等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示．已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即f=kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，初速度和重力均可忽略不计，不考虑尘粒之间的相互作用，则在这两种方式中（）A．尘粒都做直线运动B．尘粒受到的电场力大小相等C．电场对单个尘粒做功的最大值相等D．在乙容器中，尘粒做类平抛运动【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据分析灰尘的受力，判断灰尘最终落在圆柱上，电场对单个尘粒做功的最大值为uq都相等．【解答】解：A、因初速为0，则尘粒沿合力方向做直线运动，故A正确；B、每种除尘方式受到电场力大小F=qE，但两种不同方式中，空间中的电场强度不同，所以尘料所受电场力大小是不同的，故B错误；C、电场对单个尘粒做功的最大值为qU，故在两种情况下电场对尘粒做功的最大值相同，故C正确；D、乙容器中尘粒运动过程中阻力随速度在变化，所受合力不为恒力，故尘粒做的不是类平抛运动，故D错误．故选：AC．【点评】考查静电除尘的应用，是道较新颖的题目，也是物理与生活相结合的典型，本题抓住尘粒的受力特征，再分析．二、解答题（共6小题，满分52分）13．甲图中游标卡尺的读数是100.50 mm．乙图中螺旋测微器的读数是 3.200（3.198﹣3.202）mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为：10cm=100mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：100mm+0.50mm=100.50mm．2、螺旋测微器的固定刻度为3mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为3mm+0.200mm=3.200mm，由于需要估读，最后的结果可以在3.198﹣3.202之间．故答案为：100.50，3.200（3.198﹣3.202）【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．14．为了测定一个“6.3V、1W”的小电珠在额定电压下较准确的电阻值，可供选择的器材有：A．电流表（0～3A，内阻约0.04Ω）B．毫安表（0～300mA，内阻约4Ω）C．电压表（0～10V，内阻10KΩ）D．电压表（0～3V，内阻10KΩ）E．电源（额定电压6V，最大允许电流2A）F．电源（额定电压9V，最大允许电流1A）G．可变电阻（阻值范围0～10Ω，额定电流1A）H．可变电阻（阻值范围0～50Ω，额定功率0.5W）I．导线若干根，电键一个．（1）为使测量安全和尽可能准确，应选用的器材是BCFGI ．（用字母代号填写）（2）请画出电路图．并把图中所示实物图用线连接起来．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题．【分析】（1）根据小电珠的额定电流来选择电流表量程，根据额定电压来选择电压表量程和电源电动势大小；为使测量安全和尽可能准确，变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器，导线和电键是必需的；（2）先判断电流表的接法，再作图，再根据电路图连接实物图即可．【解答】解：（1）由小电珠规格“6.3V，1W”可知，额定电流为：I=，故电流表应选B；由于小电珠的额定电压为6.3V，所以电压表应选C；电源应选F；由于实验要求测量安全和尽可能准确，则要求电流从零调，所以变阻器应用分压式接法，而采用分压式接法时，变阻器的电阻越小调节越方便，所以变阻器应选G；显然还必需要选择I，所以应选用的器材是BCFGI．（2）由于小电珠电阻较小，满足，因此电流表应使用外接法，从（1）可知滑动变阻器采用分压接法，作出电路图，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．故答案为：（1）BCFGI；（2）电路图和实物图如图所示．【点评】本题考查了实验器材的选择，设计实验电路图、连接实物电路图，要掌握实验器材的选择原则，确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的关键，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法．15．如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．判断小球带负电荷（正或负），电场强度E= ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对小球受力分析，根据共点力平衡得出电场力的方向，从而确定小球的电性，根据共点力平衡得出电场力的大小，从而求出电场强度．【解答】解：根据小球的受力分析知，电场力水平向左，知小球带负电．根据共点力平衡得，F=qE，又F=mgtanθ，所以E=．故答案为：负；【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．16．空间有三点A、B和C位于直角三角形的三个顶点，且AB=4cm，BC=3cm．现将点电荷Q A 和Q B分别放在A、B两点，结果测得C点的场强为E C=10V/m，方向如图所示，试求：（1）Q A和Q B的电性；（2）如果撤掉Q A，C点场强的大小和方向．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据点电荷产生的电场是以场源为圆心的射线，要么指向场源，要么背离场源，可以知道点电荷产生的场强的方向，由于场强是矢量，根据平行四边形法则即可确定两点电荷产生的场强的方向，从而判定场源的电性；根据平行四边形法则可以计算出电场强度的大小．【解答】解：由于A、B为点电荷，故B产生的电场沿直线BC，要么指向B，要么指向C，同理A产生的电场沿直线AC，方向要么指向A，要么指向C，由于合场强平行于直线BA，故B产生的电场沿直线BC，指向C，A产生的场强沿直线AC，方向要么指向A，如图所示，故B带正电荷，A带负电荷，由图可知=，又，解得E B=7.5V/m，所以撤去Q A，C点的场强E C′=E B=7.5V/m．方向由B指向C．答：（1）A带负电，B带正电．（2）C点场强的大小为7.5V/m，方向由B指向C．【点评】本题考查了场强的叠加，知道电场强度是矢量，合成分解遵循平行四边形定则，基础题．17．长为l的平行金属板，板间形成匀强电场，一个带电为+q、质量为m的带电粒子，以初速v0紧贴上板垂直于电场线方向射入该电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30°，如图所示．求：（1）粒子末速度的大小；（2）匀强电场的场强；（3）两板间的距离d．。

【配套K12】高二物理上学期期中考试新人教版【会员独享】

吉水中学2010—2011学年度上学期期中考试高二物理试卷第Ⅰ卷（选择题共40分）一. 本题共10小题，每小题4分，共40分. 在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分 1.如图所示，a 、b 分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线。

可供选择的答案有（） A 电阻的阻值为15ΩB 电池组的内阻是0.2ΩC 将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是15WD 改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为20W2. 水平桌面上放有条形磁铁，磁铁中央正上方吊着的导线与磁铁垂直，当导线中通入流向纸内的电流时，如图所示，则（）A. 悬线上的拉力没有变化B. 悬线上的拉力变大C. 悬线上的拉力变小D. 条形磁铁对桌面压力变小3．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中Ｍ点以相同速度飞出a 、b 两个质量相等的带等量电量带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示．则（）Ａ．a 的加速度将减小，b 的加速度将增加；Ｂ．a 的速度将减小，b 的速度将增加；Ｃ．a 一定带正电，b 一定带负电；Ｄ．两个粒子的电势能一个增加一个减小．4．如图所示，电路中L 1、L 2、L 3是三盏完全相同的白炽小灯泡，把它们串联后接在电压恒为6V 的电源上，三个小灯泡都正常发光，后来三个小灯泡都不亮了，用电压表接ac 两端时，示数是6 V ；接b d 两端时，电压表示数为零．接ab 两端时，示数也为零．导线连接良好，则灯丝烧断的小灯泡是（）A ．仅是L 1B ．仅是L 2C ．L 1和L 2D ．L 2和L 35.图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a 、b 点时的动能分别为26eV 和5eV ．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为-8 eV 时，它的动能应为：A. 8 eVB. 20 eVC. 13 eVD. 34 eV6.A 、B 是电场中的同一条直线形电场线上的两点．若将一个带负电的点电荷从A点由静止释放，它在沿电场线从A 向B 运动过程中的速度图象如图所示．比较A 、B 两点的电势U 和场强E ，下列说法中正确的是：A.U A >U B ，E A > E BB.U A >U B ，E A < E BC.U A <U B ，E A < E BD.U A <U B ，E A > E B7．如图所示，在水平方向的匀强电场中，绝缘细线的一端固定在O 点，另一端系一带正电的小球在竖直平面内做圆周运动，小球所受的电场力大小等于重力大小，比较a 、b 、c 、d 这四点，小球A ．在最高点a 处动能较其他三点都小B ．在最低点c 处重力势能最小/VaEC ．在水平直径右端b 处机械能最大D ．在水平直径左端d 处电势能最大8、一束一价正离子流垂直于电场方向进入匀强电场，已知它们飞出电场偏向角相同（如图），则可断定它们进入电场时： A 、一定具有相同的质量； B 、一定具有相同的速度； C 、一定具有相同的动量。

【配套K12】高二物理上学期期中选修【会员独享】

K12小学初中高中江苏省盐城中学2010—2011学年度第一学期期中考试高二年级物理（选修）试题（2010.11）试卷说明：本场考试100分钟。

一、本题共6小题，每小题5分,共30分．在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确 1.如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd ，线圈平面与磁场垂直，O 1O 2是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能在其中产生感生电流( )A.向左或向右平动B.向上或向下平动C.向外或向里平动D. 绕O 1O 2转动2.矩形线圈abcd 位于通电直导线附近，且导线与线圈位于纸面所在平面内，线圈的两边与导线平行，如图所示，现使线圈远离通电直导线，则下列说法中正确的是( ) A ．线圈中感应电流方向为顺时针方向 B ．线圈中感应电流方向为逆时针方向 C ．线圈中不产生感应电流D ．线圈中产生感应电流，但方向无法确定3.在电子技术中，从某一装置输出的电流常常既有交流成分，又有直流成分，如果要把交流成分有效的输送到下一级，应该用下图所示的电路中哪一电路（）4. 如图为通过阻值为10Ω的电阻R 的交流电i-t 图像，下列说法中正确的是（）A.如用交流电流表测电阻R 上的电流，数值为3AB.如用交流电压表测R 两端的电压，数值为30VC.电阻R 上消耗的电功率为90WD.该交流电的有效电流为1.52A5. 闭合线圈的匝数为n ，所围面积为S ，总电阻为R ，在t ∆时间内穿过每匝线圈的磁通量变化量为∆Φ，则在t ∆时间内通过导线某一截面的电荷量为（） A ．R ∆Φ B ．R nS ∆Φ C ．tR n ∆∆Φ D ．Rn ∆Φ6. 图中的a 是一个边长为为L 的正方向导线框，其电阻为R .线框以恒定速度v 沿x 轴运动，并穿过图中所示的匀强磁场区域b 。

如果以x 轴的正方向作为力的正方向，线框在图示位置的时刻作为时间的零点，则磁场对线框的作用力F 随时间变化的图线应为哪个图（）二、本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项．．．．．正确．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分． 7. 某变压器原、副线圈匝数比为55：9，原线圈接有电压按u = 2202sin100πt （V ）规律变化的交变电流，副线圈接有负载，下列判断正确的是（） A ．输出电压的最大值为362VB ．原、副线圈中电流之比为55：9C ．变压器输入、输出功率之比为55：9D ．交流电源电压有效值为220V ，频率为50Hz8. 如图所示，电阻R 和线圈L 的阻值相等，线圈L 的自感系数很大，A 、B 是两只完全相同的灯泡，下列说法正确的是（） A ．闭合电键K 时，A 比B 先亮，然后A 熄灭 B ．闭合电键K 时，B 比A 先亮，然后A 和B 一样亮C ．断开电键K 时，A 先熄灭D ．断开电键K 时，A 、B 都亮一会儿，再一起熄灭9. 把电热器接到110V 的直流电源上，每秒产生的热量为Q ，现把它接到交流电源E 上，每秒产生的热量为2Q ，则下列说法正确的有（） A ．此交流电的电压有效值为1102vB ．此交流电的电压有效值为110VC ．此交流电的电压最大值为220VD ．只有当此交流电为正弦式交流电，其电压最大值才为220VK12小学初中高中10．如图所示，变压器为理想变压器，A 和V 分别为理想交流电流表和理想交流电压表。

配套K12高二物理上学期期中试题(必修)

2015-2016学年第一学期期中考试高二物理试卷（必修）时间：75分钟总分：100分一．单项选择题：每小题只有一个．．．．选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分） 1．关于点电荷的说法，正确的是A ．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B ．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C ．点电荷一定是电量很小的电荷D ．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷 2．与丝绸摩擦后的玻璃棒带上了正电荷，这是因为 A ．丝绸上有些正电荷转移到了玻璃棒上 B ．玻璃棒上有些正电荷转移到了丝绸上 C ．丝绸上有些电子转移到了玻璃棒上 D ．玻璃棒上有些电子转移到了丝绸上3．两金属小球所带电荷量分别为+3Q 和-Q ，将两小球接触后，它们所带的电荷量总和为A ．+3QB ．+2QC ．+QD ．-Q4．如图所示，运输汽油等易燃易爆物品的车辆总有一条铁链托在地上，这样做的目的是 A ．发出声音，引起路人注意B ．减缓车速，保证行车安全C ．把静电引入大地，避免因放电引起爆炸D ．与地面发生摩擦，在运输车上积累电荷5．如图所示，小球A 固定在绝缘支架上，小球B 用丝线悬挂，两小球均带有正电荷．现将A 向右移近B ，观察到丝线与竖直方向的夹角增大，这表明电荷间的作用力A ．随距离的减小而增大B ．随距离的减小而减小C ．随电荷量的减小而增大D ．随电荷量的减小而减小6. 真空中，相距r 的两点电荷间库仑力的大小为F 。

当它们间的距离变为2r 时，库仑力的大小变为 A ．F 41 B ．F 21C ．2FD ．4F 7．下列各图中，正确描绘两个等量正电荷电场线的是8．如图所示为负电荷形成的电场，A 、B 两点在同一条电场线上这两点电场强度的关系是 A ．E A >E B ，方向相同 B ．E A >E B ，方向相反C．E A <E B，方向相同D．E A<E B，方向相反9．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为 E，则A．若在A点换上－q，A点场强方向发生变化B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关10．把一条导线平行地放在如图所示的磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是A．奥斯特 B．爱因斯坦C．牛顿 D．伽利略11. 如图所示，一通电直导线竖直放置，其右侧A、B两点的磁感应强度分别为B A和B B，则A．B A >B B，方向均垂直纸面向里B．B A <B B，方向均垂直纸面向里C．B A >B B，方向均垂直纸面向外D．B A <B B，方向均垂直纸面向外12. 如图所示，当闭合开关S后，螺线管通以恒定电流，不计其他磁场的影响，螺线管上方A点的磁感应强度方向为A．向右 B．向左C．垂直纸面向里 D．垂直纸面向外13．在通电直导线与磁场方向垂直的情况下，为研究安培力与电流大小的关系，实验时应保持不变的物理量是A．只有电流 B．只有磁感应强度C．只有导线在磁场中的长度 D．磁感应强度和导线在磁场中的长度14. 如图所示，通有向右电流的直导线置于匀强磁场中，导线与磁场平行，则该导线A．不受安培力B．受安培力，方向向右C．受安培力，方向垂直纸面向里D．受安培力，方向垂直纸面向外15．一正电荷垂直射入匀强磁场中，其速度v的方向和受到的洛伦兹力F的方向如图所示，则磁场方向为：A．与F方向相同 B．与F方向相反C．垂直纸面向外 D．垂直纸面向里16．如图所示，一正电荷水平向右射入蹄形磁铁的两磁极间．此时，该电荷所受洛伦兹力的方向是A．向左 B．向右C．垂直纸面向里 D．垂直纸面向外17．如图所示，线框平面与磁场方向垂直，现将线框沿垂直磁场方向拉出磁场的过程中，穿过线框磁通量的变化情况是A．变小B．变大C．不变 D．先变小后变大18．如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使滑动变阻器的滑动头向右移动19．如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流?A．向左平动 B．向上或向下平动C．向右平动 D．绕O1O2转动20．关于电路中感应电动势的大小，下列说法中正确的是A．跟穿过电路的磁通量成正比B．跟穿过电路的磁通量的变化量成正比C．跟穿过电路的磁通量的变化率成正比D．跟电路的总电阻成正比21．如图是一正弦式交变电流的电流图象. 此正弦交变电流的周期和电流的有效值分别为A．0.01s，102A B．0.02s，10AC．0.02s，52A D．0.01s，10A22．在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以由西向东的直线电流，则此导线受到的安培力方向A．竖直向上 B．竖直向下 C．由南向北 D．由西向东23. 在现代生活中，许多地方需要传感器，例如，电冰箱制冷系统的自动控制就要用到：A．压力传感器 B．声传感器 C．光传感器 D．温度传感器二.填空题：把答题填在答题卡相应的横线上（本部分2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10分）24. 历史上，物理学家先预言了电磁波的存在，然后通过实验进行验证，最早用实验证实电磁波存在的物理学家是（选填“赫兹”或“麦克斯韦”）。

【配套K12】高二物理上学期期中联考新人教版

2010—2011学年第一学期十一县（市）高二年级期中联考物理试题一、选择题：（每小题4分，多选题选不全者2分，共40分。

） 1．在下图各种电场中，A 、B 两点电场强度相同的是 ( )2．磁场中某区域的磁感线，如图1所示，则（）A ．a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，B a>B b B ．a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，B a <B bC ．同一通电导线放在a 处受力一定比放在b 处受力大D ．同一通电导线放在a 处受力一定比放在b 处受力小图1 3.下图2为一逻辑电路，根据电路图完成它的真值表。

其输出端从上到下排列的结果正确的是A ．0 0 1 0B ．0 0 1 1C ．1 0 1 0D ．0 0 0 1 4．条形磁铁竖直放置，闭合圆环水平放置，条形磁铁中心线穿过圆环中心，如图4所示。

若圆环为弹性环，其形状由Ⅰ扩大为Ⅱ，那么圆环内磁通量变化情况是（） A ．磁通量增大 B ．磁通量减小C ．磁通量不变D ．条件不足，无法确定5.电动机的线圈阻值为R ，电动机正常工作时，两端的电压为U ，通过的电流为I ，工作时间为t ，下列说法中正确的是()A ．电动机消耗的电能为UItB ．电动机消耗的电能为I 2RtC ．电动机线圈产生的热量为I 2RtD ．电动机线圈产生的热量为U 2t/R6. A 、B 是一条电场线上的两个点，一带正电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A 点沿电场线运动到B 点，其速度-时间图像如图甲所示。

则这一电场可能是图乙中的( )7.平行板电容器和电源、电阻、电键串联，组成如图8所示的电路．接通开关K ，电源即给电容器充电（）A.保持K 接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B.保持K 接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的带电量不变C.充电结束后断开K ，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D.充电结束后断开K ，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大图2 +C D甲DC 乙图98．水平桌面上放条形磁铁，磁铁正中上方吊着导线与磁铁垂直，导线中通入向纸内的电流，如图所示，产生的情况是：( ) A ．条形磁铁对桌面压力变大 B ．条形磁铁对桌面压力变小． C ．悬线上的拉力变大； D ．悬线上的拉力变小A 、运动过程中最大加速度为/qE mB 、从静止向右运动距离为qEK时速度最大 C 、小球的机械能守恒 D 、小球与弹簧组成的系统的动能、弹性势能、电势能之和保持不变10．如图左所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R 2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R 2随温度t 变化的图线如图12右所示。

配套K12高二物理上学期期中试题((无答案)) 文新人教版

图1A B C DB BF2010年下学期南马高中期中考试试卷高二物理（文科）一、选择题（每小题2分，共54分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项．．．．．．是符合题意的。

）1．下列物理量中，属于矢量的是A ．质量B ．时间C ．路程D ．速度2．如图1所示，有两个相同质量可看成质点的铁球和木球，放置在同一张水平桌面上。

若选定地面为零势能参考平面，则比较这两个球的重力势能的大小，正确的是 A ．铁球的重力势能大 B ．木球的重力势能大 C ．两球的重力势能一样大 D ．大小关系无法确定 3．若规定向东为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面的某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5m 远与墙相碰，后又向西做直线运动，经7m 而停下。

则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是A ．12m 、2mB ．12m 、－2mC ．－2m 、2mD ．2m 、－2m4．一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s 2，石块在下落过程中，第2s 末的速度大小为A ．5m/sB ．10m/sC ．20m/sD ．30m/s 5．下列说法正确的是A ．由F=kx 可知，弹簧弹力的大小与弹簧的长度成正比B ．由k=Fx可知，劲度系数与弹簧的弹力成正比，与弹簧的形变量成反比 C ．弹簧的劲度系数是由本身的因素决定的，与弹力及形变量的大小无关 D ．弹簧的劲度系数在数值上等于弹簧伸长或缩短时产生的弹力大小6．作用在一个物体上的两个力、大小分别是30N 和40N ，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小是A ．10NB ．35NC ．50ND ．70N 7．下列关于惯性的说法中，正确的是A ．只有静止的物体才具有惯性B ．只有做匀速直线运动的物体才具有惯性C ．只有做变速运动的物体才具有惯性D ．一切物体都具有惯性 8．如图2所示，用水平外力F 将木块压在竖直墙面上保持静止状态，下列说法正确的是A ．木块重力与墙对木块的静摩擦力是平衡力B ．木块重力与墙对木块的静摩擦力是一对作用力与反作用力C ．木块对墙的压力与水平力F 是平衡力D ．水平力F 与墙对木块的正压力是一对作用力和反作用力9．在图3中，标出了磁场B 的方向、通电直导线中电流I 的方向，以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是10．下列实例中，机械能守恒的是A ．气球匀速上升B ．物体沿光滑斜面自由下滑C ．物体在竖直面内作匀速圆周运动D ．汽车沿斜坡匀速向下行驶图3图611．假如一颗作圆周运动的人造地球卫星的轨道半径增大到原来的2倍，仍作圆周运动，则A ．根据公式v=ωr ，可知卫星的线速度将增大到原来的2倍B ．根据公式F=mv 2/r ，可知卫星所需的向心力将减小到原来的1/2C ．根据公式F=GMm/r 2，可知地球提供的向心力将减小到原来的1/2D ．根据B 和C12．有两个共点力，一个力的大小是8N ，另一个力的大小是3N ，它们合力的最小值是A ．5NB ．4NC ．11ND ．9N 13．如图5所示的四个图象中，描述物体做匀加速直线运动的是14．一根弹簧原长10cm ，挂上重2N 的砝码时，伸长1cm ，这根弹簧挂上重8N 的物体时，它的长度为（弹簧的形变是弹性形变） A ．4cm B ．14cm C ．15cm D ．44cm 15．下列关于超重与失重的说法中，正确的是A ．超重就是物体的重力增加了B ．失重就是物休的重力减少了C ．完全失重就是物体的重力没有了D ．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变16．一个质点沿半径为r 的圆周做匀速圆周运动，线速度为v ，则它的角速度为A ．v 2r B ．vr C ．rv D ．vr 217．下列所述的实例中（均不计空气阻力），机械能守恒的是A ．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B ．木箱沿粗糙斜面匀速下滑的过程C ．人乘电梯加速上升的过程D ．子弹射穿木块的过程18．在真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F ．如果保持它们各自所带的电荷量不变，将它们之间的距离减小到原来的一半，那么它们之间静电力的大小等于A ．2FB ．2F C ．4F D ．4F 19．面积是S 的矩形导线框，放在一磁感应强度为B 的匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，则穿过导线框所围面积的磁通量为A ．S B B ．BSC ．BSD ．B 20．匀速直线运动的加速度A ．为正值B ．为负值C ．为零D ．可能为正也可能为负21．一台电动机，额定电压是100V ，电阻是1Ω。

【配套K12】高二物理上学期期中模拟试卷(含解析)

河南省安阳市2015～2016学年度高二上学期期中物理模拟试卷一、选择题目（本题共12小题，每题4分，共48分．有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，把正确选项前的字母涂在答题卡上，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据F=k，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律2．电阻R1、R2、R3串联在电路中．已知R1=10Ω、R3=5Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则（）A．电路中的电流为0.6 AB．电阻R2的阻值为20ΩC．三只电阻两端的总电压为21 VD．电阻R3两端的电压为4 V3．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，φa=50V，φc=20V，则a、c连线中点b的电势φb为（）A．等于35 V B．大于35 V C．小于35 V D．等于15 V4．如图所示，MN是电场中的一条电场线，一电子从a点运动到b点速度在不断地增大，则下列结论正确的是（）A．该电场是匀强电场B．该电场线的方向由N指向MC．电子在a处的加速度小于在b处的加速度D．因为电子从a到b的轨迹跟MN重合，所以电场线实际上就是带电粒子在电场中的运动轨迹5．把一个带正电的小球放入原来不带电的金属空腔球壳内，其结果可能是（）A．只有球壳外表面带正电B．只有球壳内表面带正电C．球壳的内、外表面都带正电D．球壳的内表面带正电，外表面带负电6．如图所示，点电荷+3Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分．现使一个带负电的试探电荷，从C点开始以某一初速度向右运动，不计试探电荷的重力．则关于该电荷在CD之间的运动，下列说法中可能正确的是（）A．一直做减速运动，且加速度逐渐变小B．做先减速后加速的运动C．一直做加速运动，且加速度逐渐变小D．做先加速后减速的运动7．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是（）A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大8．两带电小球，电荷量分别为+q和﹣q，固定在一长度为l的绝缘杆两端，置于电场强度为E的匀强电场中，杆与场强方向平行，其位置如图所示，若此杆绕过O点垂直于杆的轴转过180°，则在此过程中静电力做功为（）A．0 B．qEl C．2qEl D．πqEl9．如图所示，平行板电容器两极板A、B接于电源两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则（）A．保持开关S闭合，若带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，若带正电的A板向B极靠近，则θ不变C．开关S断开，若带正电的A板向B板靠近，则θ不变D．开关S断开，若带正电的A板向B板靠近，则θ增大10．如图所示，有三个质量相等，分别带正电、带负电和不带电的小球，从平行板电场的中点以相同的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，可以判断（）A．落在A点的小球带正电，落在B点的小球不带电B．三个小球在电场中运动的时间相等C．三个小球到达极板时的动能关系为E kA＞E kB＞E kCD．三个小球在电场中运动时的加速度关系为a A＞a B＞a C11．如图所示，在绝缘的水平面上方存在着匀强电场，水平面上的带电金属块在水平拉力F作用下沿水平面移动．已知金属块在移动的过程中，外力F做功32J，金属块克服电场力做功8.0J，金属块克服摩擦力做功16J，则在此过程中金属块的（）A．动能增加8.0 J B．电势能增加24 JC．机械能减少24 J D．机械能增加48 J12．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是（）A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲二、实验题（本题共2小题，共12分．将正确答案填在相应题号后的横线上或按题目要求作答）13．如图所示为一量程为100μA的电流表的刻度盘，电流表的内阻为100Ω，现串联一个9900Ω的电阻将它改装成电压表．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示．该电压的大小是V．14．一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图1所示的电路图．请回答下列问题：（1）请将图2中的实物连线按电路图补充完整．考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．三、计算题（本题共4小题，共36分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，只写出最后答案的不能得分）15．如图所示，一个挂在绝缘细线下端的带正电的小球B，静止在图示位置，若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，θ=30°，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中，求A、B两球间的距离．16．如图所示，在匀强电场中，电荷量q=﹣5.0×10﹣10C的负电荷，由a点移到b点和由a点移到c点，静电力做功都是4.0×10﹣8J．已知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab=20cm，∠a=37°，∠c=90°，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）a、b两点的电势差U ab；匀强电场的场强大小和方向．17．如图所示电路中，电源的电动势E=6V，内阻r=0.6Ω，电阻R1=6Ω，R2=4Ω．则：（1）图中a，b哪个是电流表？哪个是电压表？闭合电键S后a、b的两个电表的示数．18．如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，场强E=4.0×102V/m，两板相距d=0.16m，板长L=0.30m．一带电量q=1.0×10﹣16C、质量m=1.0×10﹣22㎏的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，求：（1）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为多大；粒子飞出电场时速度偏转角的正切值tanθ．河南省安阳市2015～2016学年度高二上学期期中物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题目（本题共12小题，每题4分，共48分．有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，把正确选项前的字母涂在答题卡上，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据F=k，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律【考点】库仑定律．【分析】库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了．【解答】解：A、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故A错误．B、当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式F=k，不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误．C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对 Q2的电场力大小上总等于Q2对 Q1电场力．故C错误．D、库仑定律的表达式为F=k，万有引力定律的表达为F=G，故两表达式相似，都是平方反比定律，故D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．2．电阻R1、R2、R3串联在电路中．已知R1=10Ω、R3=5Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则（）A．电路中的电流为0.6 AB．电阻R2的阻值为20ΩC．三只电阻两端的总电压为21 VD．电阻R3两端的电压为4 V【考点】串联电路和并联电路；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律即可求得电流；电阻R2的阻值等于R2的电压除以电流；三只电阻两端的总电压等与三个电阻电压之和．【解答】解：A、串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律得：I==A=0.6A 故A 正确；B、根据欧姆定律得：R2==Ω=20Ω．故B正确；C、电阻R3两端的电压U3=IR3=0.6×5=3V；总电压U=U1+U2+U3=6+12+3=21V，故C正确，D错误；故选：ABC．【点评】本题考查了串联电路电压、电流特点和欧姆定律的应用，难度不大，属于基础题．3．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，φa=50V，φc=20V，则a、c连线中点b的电势φb为（）A．等于35 V B．大于35 V C．小于35 V D．等于15 V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed定性分析a、c间与b、c间电势差的大小，再求解中点b的电势φc．【解答】解：由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，故ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差U ac大于b、c间电势差U bc，即：φa﹣φb＞φb﹣φc，得到：φb＜=35V．故选：C【点评】本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小．常规题．4．如图所示，MN是电场中的一条电场线，一电子从a点运动到b点速度在不断地增大，则下列结论正确的是（）A．该电场是匀强电场B．该电场线的方向由N指向MC．电子在a处的加速度小于在b处的加速度D．因为电子从a到b的轨迹跟MN重合，所以电场线实际上就是带电粒子在电场中的运动轨迹【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密代表电场的强弱，电场线越密，场强越大，电场线越疏，场强越小．负电荷由静止释放，且由a向b运动，则说明负电荷所受的电场力一定是由a指向b．而负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，确定出电场线的方向．由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系．【解答】解：A、电子从a点运动到b点速度在不断地增大，则电子所受的电场力一定是由a 指向b．因为电子带负电荷，所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由N指向M．由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故A错误，B正确；C、由于无法判断，负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，所以无法判断加速度大小，故C错误；D、电场线不是带电粒子在电场中的运动轨迹，而是人们为了形象描述电场而假想的曲线，故D错误．故选：B【点评】本题考查判断推理能力，抓住电场强度方向与负电荷所受电场力方向相反是关键．基础题．5．把一个带正电的小球放入原来不带电的金属空腔球壳内，其结果可能是（）A．只有球壳外表面带正电B．只有球壳内表面带正电C．球壳的内、外表面都带正电D．球壳的内表面带正电，外表面带负电【考点】静电现象的解释．【分析】带正电的物体是因为缺少电子，带负电的物体是因为有多余的电子，当带电体接触不带电的金属空腔球壳时，电子发生转移．【解答】解：把一个带正电的小球放入原来不带电的金属空腔球壳内，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，则金属壳上带负电的电子被带正电的小球吸引到内表面，内表面带负电，外表面剩余了正电荷，外表面带正电，即原来不带电金属球壳的电荷分布发生了变化，负电荷向内层移动而正电荷向外层移动．故A 正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题考查感应带电的实质：电子从导体的一部分转移到另一部分．6．如图所示，点电荷+3Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分．现使一个带负电的试探电荷，从C点开始以某一初速度向右运动，不计试探电荷的重力．则关于该电荷在CD之间的运动，下列说法中可能正确的是（）A．一直做减速运动，且加速度逐渐变小B．做先减速后加速的运动C．一直做加速运动，且加速度逐渐变小D．做先加速后减速的运动【考点】库仑定律；加速度．【分析】根据点电荷的电场强度公式得到：CD某点的场强为零．若粒子的初速度较大，粒子在CD间做减速运动；若粒子的初速度较小，粒子在CD间先向右做减速运动，后向左做加速运动．【解答】解：根据点电荷的电场强度公式E=；则分析得到：CD某点的场强为零．且AB之间的电场强度方向，AD段由A到D，而DB段由B到D，若粒子的初速度较大，粒子在CD间做加速度减小的变减速运动．若粒子的初速度较小，粒子在CD间先向右做减速运动，速度减到零后向左做加速运动．故AB 正确，CD错误．故选：AB．【点评】本题考查分析物体运动情况的能力，考虑问题要全面，不能漏解．中等难度．7．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是（）A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】先由粒子的运动轨迹，判断粒子所受电场力的大体方向，即粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．【解答】解：ABC、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性和产生该电场的点电荷的电性．故A 错误，B正确．C、根据电场线的疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得a点加速度的大，故C正确．D、由a到b，电场力做负功，动能减小，故b处的速度小，D正确故选：BCD．【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向．8．两带电小球，电荷量分别为+q和﹣q，固定在一长度为l的绝缘杆两端，置于电场强度为E的匀强电场中，杆与场强方向平行，其位置如图所示，若此杆绕过O点垂直于杆的轴转过180°，则在此过程中静电力做功为（）A．0 B．qEl C．2qEl D．πqEl【考点】电势能；动能定理的应用．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】细杆绕其中心沿顺时针方向转过180°，正电荷受力的方向向上，位移的方向也向上，电场力对它做正功；负电荷受力的方向向下，位移的方向也向下，电场力对它也做正功．【解答】解：细杆转的过程中，正电荷受力的方向向上，位移的方向也向上，电场力对它做正功，W1＞0，即qEl；负电荷受力的方向向下，位移的方向也向下，电场力对它也做正功W2＞0即qEl．电场力对两小球所做的功：W=W1+W2＞0．即2qEl，故正确的选项是C．故选：C【点评】该题要求判断电场力做功的正负，要根据受力的方向与位移的方向之间的关系判定：方向相同电场力做正功，方向相反力做负功．属于简单题．9．如图所示，平行板电容器两极板A、B接于电源两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则（）A．保持开关S闭合，若带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，若带正电的A板向B极靠近，则θ不变C．开关S断开，若带正电的A板向B板靠近，则θ不变D．开关S断开，若带正电的A板向B板靠近，则θ增大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】保持开关S闭合时，电容器板间电压不变，由E=分析板间场强的变化，判断板间场强的变化，确定θ的变化．开关S断开，根据推论E=，可知板间场强不变，分析θ是否变化．【解答】解：A、B、保持开关S闭合时，电容器板间电压不变，带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，由E=分析得知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则θ增大．故A正确，B错误．C、D、开关S断开，电容器的带电量不变，根据公式C=，U=Ed、C=，有：E=，即电场强度与极板间距无关；故板间场强不变，小球所受电场力不变，则θ不变，故C正确，D错误．故选：AC．【点评】解答本题的关键是抓住不变量进行分析，当电容器保持与电源相连时，其电压不变；当电容器充电后断开时，其电量不变．特别要掌握推论E=，明确电容器电量、正对面积不变时，板间场强不变．10．如图所示，有三个质量相等，分别带正电、带负电和不带电的小球，从平行板电场的中点以相同的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，可以判断（）A．落在A点的小球带正电，落在B点的小球不带电B．三个小球在电场中运动的时间相等C．三个小球到达极板时的动能关系为E kA＞E kB＞E kCD．三个小球在电场中运动时的加速度关系为a A＞a B＞a C【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】有图可知上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．【解答】解：在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如下图所示：由此可知不带电小球做平抛运动a1=，带正电小球做类平抛运动a2=，带负电小球做类平抛运动a3=．根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短．A、三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A是带正电荷的小球，B是不带电的小球，C带负电的小球．故A 正确．B、由于三小球在竖直方向位移相等，初速度均为0，由于电场力的作用，三小球的加速度不相等，故它们的运动时间不相等，故B错误；C、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功．由受力图可知，带负电小球合力最大为G+F，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为G﹣F，做功最少动能最小．故C错误．D、因为A带正电，B不带电，C带负电，所以a A=a2，a B=a1，a C=a3，所以a A＜a B＜a C．故D错误．故选：A．【点评】确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．11．如图所示，在绝缘的水平面上方存在着匀强电场，水平面上的带电金属块在水平拉力F作用下沿水平面移动．已知金属块在移动的过程中，外力F做功32J，金属块克服电场力做功8.0J，金属块克服摩擦力做功16J，则在此过程中金属块的（）A．动能增加8.0 J B．电势能增加24 JC．机械能减少24 J D．机械能增加48 J【考点】动能定理的应用；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在金属块移动的过程中，外力、电场力和摩擦力做功，三者的总功动能的变化，根据动能定理分析动能的增加量．金属块克服电场力做功8.0J，知电势能的增加量．三力做功的总和等于机械能的变化量．根据功能关系进行分析．【解答】解：A、在金属块移动的过程中，外力F做功为32J，电场力做功为﹣8.0J，摩擦力做功为﹣16J，则总功为W=32J﹣8.0J﹣16J=8J，根据动能定理得知，动能增加为8.0 J．故A正确．B、金属块克服电场力做功8.0J，则电势能增加8J．故B错误．C、D外力、电场力和摩擦力做的总功为8J，根据功能关系得知，机械能增加8J．故CD错误．故选A【点评】本题考查对功能关系的理解和应用能力．几对常见的功与能的关系要加强理解，牢固掌握：电场力做功与电势能变化有关，总功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能的变化有关．12．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是（）A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论．【解答】解：设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，所以P甲=3P乙，所以B正确．故选：B．【点评】对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．二、实验题（本题共2小题，共12分．将正确答案填在相应题号后的横线上或按题目要求作答）13．如图所示为一量程为100μA的电流表的刻度盘，电流表的内阻为100Ω，现串联一个9900Ω的电阻将它改装成电压表．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示．该电压的大小是8 V．【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】由串联电路特点与欧姆定律求出电压表的量程，然后根据图示表盘读出其示数．【解答】解：电压表量程U=Ig（Rg+R）=100×10﹣6×（100+9900）=10V，由图示刻度盘可知，其示数为8V；故答案为：8．【点评】本题考查了电压表读数，根据串联电路特点求出电压表量程、然后根据表盘即可读出电压表示数．14．一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图1所示的电路图．请回答下列问题：（1）请将图2中的实物连线按电路图补充完整．考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．【专题】实验题．【分析】（1）根据题意与表中实验数据确定滑动变阻器与电流表接法，然后连接实物电路图．根据实验电路图应用欧姆定律分析实验误差．（3）应用描点法作出图象．【解答】解：（1）由原理图可知，滑动变阻器采用了分压接法，即先将下面两个固定的接线柱接在电源两端；再将用电器的一端接在上面任意一个接线柱上，另一端接到下面任意一个接线柱上；同时电流表采用外接法，注意电表的正极流入；实物图如图；。

【配套K12】高二物理上学期期中考试新人教版【会员独享】1

【配套K12】高二物理第一学期期中考试文新人教版【会员独享】1

高二物理上学期期中试题(含解析)新人教版

最新人教版高二物理上学期期中考试题及答案(K12教育文档)

【配套K12】高二物理上学期期中试卷理(含解析)1

【配套K12】高二物理上学期期中试题

【配套K12】2017-2018学年高二物理上学期期中精选题库试题(含解析)

高二物理上学期期中试卷新人教版

【配套K12】高二物理上学期期中考试试卷A卷新人教版

推荐学习K12高二物理上学期期中考试文试题新人教版【会员独享】

【配套K12】高二物理上学期期中试卷(含解析)2

【配套K12】高二物理上学期期中考试新人教版【会员独享】

【配套K12】高二物理上学期期中选修【会员独享】

配套K12高二物理上学期期中试题(必修)

【配套K12】高二物理上学期期中联考新人教版

配套K12高二物理上学期期中试题((无答案)) 文新人教版

【配套K12】高二物理上学期期中模拟试卷(含解析)

推荐学习K12高二物理上学期期中考试理【会员独享】

【配套K12】高二物理上学期期中考试新人教版【会员独享】1

【配套K12】高二物理第一学期期中考试 文 新人教版【会员独享】1

高二物理上学期期中试题(含解析)新人教版

最新人教版高二物理上学期期中考试题及答案(K12教育文档)

【配套K12】高二物理上学期期中试卷 理(含解析)1

【配套K12】高二物理上学期期中试题

【配套K12】2017-2018学年高二物理上学期期中精选题库试题(含解析)

高二物理上学期期中试卷新人教版

【配套K12】高二物理上学期期中考试试卷A卷新人教版

推荐学习K12高二物理上学期期中考试 文 试题新人教版【会员独享】

【配套K12】高二物理上学期期中试卷(含解析)2

【配套K12】高二物理上学期期中考试新人教版【会员独享】

【配套K12】高二物理上学期期中选修【会员独享】

配套K12高二物理上学期期中试题(必修)

【配套K12】高二物理上学期期中联考新人教版

配套K12高二物理上学期期中试题((无答案)) 文 新人教版

【配套K12】高二物理上学期期中模拟试卷(含解析)

推荐学习K12高二物理上学期期中考试 理 【会员独享】

【配套K12】高二物理第一学期期中考试文新人教版【会员独享】1

【配套K12】高二物理上学期期中试卷理(含解析)1

推荐学习K12高二物理上学期期中考试文试题新人教版【会员独享】

配套K12高二物理上学期期中试题((无答案)) 文新人教版

推荐学习K12高二物理上学期期中考试理【会员独享】