广东省深圳市罗湖区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题-5e83f5e279424081ae474a7f5332166f

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【区级联考】广东省深圳市罗湖区2018-2019学年高一上学
期期末考试物理试题
试卷副标题
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上
第I 卷（选择题)
请点击修改第I 卷的文字说明 一、单选题
1．生活中常使用贴在墙上的吸盘挂钩来挂一些物品，吸盘受到拉力不易脱落的原因是（ ）
A ．大气压力大于重力
B ．大气压力与重力平衡
C ．吸盘所受摩擦力大于所挂物体的重力
D ．吸盘所受摩擦力与所挂物体的重力平
衡
2．当汽车做匀变速直线运动时（ ） A ．在相等的时间内位置变化相同 B ．在相等的时间内速度变化相等 C ．速度大小不断改变，方向一定不变
D ．加速度大小不断改变，方向一定不变 3．为使交通安全、有序，公路旁设置了许多交通标志。

如图所示，甲是限速标志，表示允许行驶的最大速度是80 km/h;乙是路线指示标志，表示到连云港还有206 km 。

下列对这两个数据的理解正确的是（ ）
A ．甲表示瞬时速度，乙表示位移
B ．甲表示瞬时速度，乙表示路程
C ．甲表示平均速度，乙表示位移
…………○…………订………线………※※※※线※※内※※答※※…………○…………订………线………4．如图所示，游乐场中，从高处A 到水面B 处有两条长度相同的光滑轨道，甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A 处自由向B 处，滑过B 处时的速率相等，下列说法正确的是（ ）
A ．甲比乙先到达
B 处
B ．甲通过的位移比乙通过的位移小
C ．甲、乙下滑的加速度大小时刻相等
D ．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度
5．小明回老家过年时恰逢亲成家建房，工人正在给房屋上梁只见工人用铁锤竖直向上连续敲击木楔，木楔缓慢地将横梁抬起，如图所示开始时绳子与墙壁的夹角α小于木楔的尖角β，若不考虑横梁与木楔之间的摩擦，在α还未超过β的过程中（ ）
A ．绳子拉力变大，墙壁与木楔的摩擦力变大
B ．绳子拉力变大，墙壁与木楔的摩擦力不变
C ．绳子拉力变小，墙壁与木楔的摩擦力变小
D ．绳子拉力变小，墙壁与木楔的摩擦力变大
6．在科学研究中，可以用风力仪直接测量风力的大小，其原理如图所示，仪器中有一根轻质金属丝，悬挂着一个空心金属球，无风时金属丝竖直下垂；当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝偏离竖直方向一个角度θ，风力仪根据偏角θ的大小指示出风力大小。

若m =1kg ，θ=30°，g 取10m /s 2
．则风力大小为（ ）
A ．5N
B ．
C ．
D ．
二、多选题
7．关于运动和力，下列说法正确的是（ ）
……○………………○…………订…………○学校:________________班级：___________考号：__________……○………………○…………订…………○A ．物体的加速度越大，其速度越大 B ．物体受到的合外力越大，其速度越大 C ．物体受到的合外力越大，其加速度越大
D ．物体在合外力作用下做减速直线运动，当合外力逐渐增大时，物体的速度减小更快 8．某同学背着书包乘坐电梯，在电梯运行的某个阶段，感觉到书包变轻了，由此可以判断电梯的运动情况是（ ） A ．加速上升
B ．加速下降
C ．减速下降
D ．减速上升
9．近年来高楼坠物事故频发，若将高楼坠物视为自由落体运动下列四幅反映高楼坠物下落时各物理量变化规律的图象，错误的是（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
10．地铁站安装了智能化的阶梯式电动扶梯，为了节省能量，无人搭乘时，扶梯运动慢；有人搭乘，它会先加速，再匀速运动一顾客乘扶梯上楼，经历了这两个过程，如图所示，下列说法确的是（ ）
A ．加速时顾客受到的合外力不为零
B ．加速时顾客受到的摩擦力方向与速度方向相同
C ．顾客始终受到重力、支持力和摩趣力三个力的作用
D ．扶梯对顾客作用力的方向先向右上方，再竖直向上
11．我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射了我国第二十八、第二十九颗北斗导航卫星，这也是我国三号工程第五、六颗组网卫星。

关于火箭和卫星的受力分正确的是（ ）
……○………○…………订………学校:________班级：___________考号：______……○………○…………订………第II 卷（非选择题)
请点击修改第II 卷的文字说明 三、实验题
13．请你完成实验“验证力的平行四边形定的相关步骤：
A ．一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端绑上两根细线
B ．在其中一根细线挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图（a ）所示，记录______；
C ．将步骤B 中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相等的钩码，用与板面垂直的两光滑硬棒支起两细线并使其互成角度，如图（b ）所示，小心调整B 、C 的位置，使______，记录______。

14．通过打点计时器在纸带上打出的点迹，可以记录纸带的运动时间。

如把纸带左端和运动的物体连在一起纸带上的相应点表示运动物体在不同时刻的位置。

研究纸带上的点与点之间的间隔，了解，运动物体在不同时间产生的位移，从而了解物体的运动情况。

请用简洁的语言描述如图每条纸带的物体的运动情况。

（a ）______（b ）______（c ）______（d ）______
15．某同学利用如图乙所示的装置探究弹簧弹力F 与弹簧形变量x 的关系。

在实验过程中，弹簧的形变始终在弹性限度内。

弹簧自然垂挂时，自由端对应的刻度值为21.80cm 该。

同学在坐标纸上以x 为横轴、F 为纵轴建立如图甲坐标系，并在图中描出了所测数据的点。

…………○………………线…………○……※※在※※装※※订※…………○………………线…………○……
(1)请描绘出F -x 图线；
(2)由图象可知，弹簧的劲度系数k =______N /m 。

(3)当弹簧下端挂上若干钩码时，弹簧自由端示数放大如图乙所示，请读出此时弹簧的长度L =______cm ．已知每个钩码的重力为0.5N ，则此时挂在弹簧上的钩码个数为______个。

16．图（a ）所示实验装置中，选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度a 可通过位移传感器及与之相连的计算机得到。

(1)若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg 作为小车受到的合外力，则实验时应调节轨道的______以平衡摩擦力，钩码的质量应满足的条件是______。

(2)利用本实验装置还可以测量小车（含发射器）的质量和当地的重力加速度，某同学利用本实验装置（已平衡摩擦力）及数字化信息系统获得了小车加速度的倒数
与钩码质
量的倒数
的对应关系图，如图（b ）所示。

若该直线斜率为k ，纵截距为b ，则可知小车（含发射器）的质量M =______，当地的重力加速度g =______。

四、解答题
17．有关交通法则规定：高速公路上行驶汽车的安全距离为200m ，汽车行驶的最高速度为120km /h 。

①驾驶员的反应时间在0.3～0.7s 之间：②各种路面与轮胎之间的动摩擦
…外…………○…内…………○因数如表所示，取g =9.8m /s 2
，请你解决几个问题。

(1)在计算中，驾驶员的反应时间应该取多少？为什么
(2)在计算中，路面与轮胎之间的动摩擦因数应该取多少？为什么？ (3)通过你的计算来说明200m 为必要的安全距离。

18．据报道，某航空公司的一架客机在正常航线上水平飞行时，由于突然受强大垂直气流作用，客机在5s 内降170m ，造成多名乘客和机组人员受伤，如果客机在竖直方向上
的运动，且假定这一运动是匀变速直线运动，g 取10m /s 2
．试计算：
(1)飞机在竖直方向的加速度多大？方向怎样？
(2)乘客所系安全带必须提供相当于乘客体重多少倍的拉力，才能使乘客不脱离座椅？ (3)投有系安全带的乘客，相对于机舱将向什么方向运动？能受到伤害的是人体的什么部位？
19．如图所示是一质量2kg 的木箱在水平地面上的两种运动图线，Ⅰ表示木箱受到一个与初速度方向成30°的斜向上拉力F 作用时的v -t 图线。

Ⅱ表示木箱不受拉力时的v -t 图
线，g 取10m /s 2
，求：
(1)木箱与地面的动摩擦因数μ。

(2)拉力F 的大小，（结果保留两位有效数字）
20．如图为建筑工地上常常铺设大片的钢板方便工作车辆进出的示意图。

质量M =4000kg ，长度为20m ，宽度足够大的一块大钢板静止置于足够大的水平泥土上，由于下过大雨，钢板与浸湿的泥土之间的动摩擦因数减小为μ=0.01，一辆质量为m =1000kg 可视为质点
线……线……间t =5s ，车完全经过钢板。

设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

(1)通过计算说明，小汽车在钢板上运动时，钢板能否保持静止？
(2)如果钢板能够保持静止，则小汽车离开钢板的速度为多少？如果钢板不能保持静止，小汽车离开钢板时，小汽车和钢板的速度分别为多少？
参考答案
1．D
【解析】
【详解】
大气压力方向垂直于竖直的墙面，物体重力方向竖直向下，方向不相反，不是一对平衡力，无法比较大小，故AB错误；吸盘挂衣钩其工作过程是通过排除吸盘与墙壁之间的空气，松手后，吸盘恢复原状的过程中，导致内部气压小于外界大气压，外界大气压将其压在墙壁上，吸盘处于静止状态，吸盘受到竖直方向上摩擦力和竖直向下的所挂物体的拉力，二力大小相等，方向相反，即吸盘所受摩擦力与所挂物体的重力平衡，故D正确C错误；故选D。

2．B
【解析】
【详解】
对于匀变速直线运动，，可知各段时间内的初速度不同，则位移不同，即位置变化不相同，故A错误；速度该变量△v=a•△t，故应该是在相等时间内的速度改变始终相等，故B正确；若加速度的方向与初速度方向相反，则物体速度的方向可能发生变化，如竖直上抛运动。

故C错误；匀变速直线运动的加速度大小，方向都不变，故D错误；故选B。

3．B
【解析】
试题分析：允许行驶的最大速度表示在某一位置的速度，是瞬时速度．到连云港还有206km，206km是运动轨迹的长度，是路程．故B正确，A、C、D错误。

考点：平均速度、瞬时速度、路程、位移
【名师点睛】平均速度表示某一段时间或一段位移内的速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度．路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于初位置到末位置的距离．解决本题的关键知道路程和位移的区别，以及知道瞬时速度和平均速度的区别．
4．A
【解析】
【详解】
甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的相同时间内位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置，则甲比乙先到达B处。

故A正确，D错误；甲、乙通过的位
移相等。

故B错误；由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故C错误。

故选A。

5．D
【解析】
【详解】
以横梁为研究对象，横梁受到重力、斜劈的支持力N和绳子的拉力F，如图所示：
木楔缓慢地将横梁抬起的过程中，支持力方向不变，根据图示情况可知，绳子拉力逐渐减小、支持力逐渐增大；再以斜劈为研究对象，受力分析如图所示：
由于N逐渐增大，则N在竖直方向向下的分力增大，根据竖直方向受力平衡可知，f逐渐增大。

故D正确，ABC错误。

故选D。

6．C
【解析】
【详解】
以小球为研究对象，受力分析如图，
由水平方向上的合力F x合和竖直方向上的合力F y合分别等于零，即：F x合=Tsinθ-F=0
F y合=Tcosθ-mg=0
有：Tsinθ=F，Tcosθ=mg
两式相比，得：F=mgtanθ
带入数据解得：，故ABD错误，C正确。

故选C。

7．CD
【解析】
【详解】
物体受到的合外力越大，物体的加速度大，速度不一定大，比如刚刚启动的飞机，加速度很大，速度却很小，故AB错误；物体受到的合外力越大，根据牛顿第二定律知加速度越大，故C正确；物体在外力的作用下减速直线运动，当合外力逐渐增大时，则物体的加速度增大，速度减小更快，故D正确；故选CD。

8．BD
【解析】
【详解】
当电梯静止时有：N-mg=0；当电梯运动时书包变“轻”，说明N减小，对书包受力分析可知：mg-N=ma，解得：，加速度方向向下，故电梯可能加速下降或者减速上升，故BD 正确，AC错误；故选BD。

9．AC
【解析】
【详解】
高空坠物做自由落体运动，加速度为g，初速度零，物体的位移与时间关系为，x-t 图象应是抛物线，故A错误；物体的速度与时间关系为v=gt，v与t成正比，v-t图象是过原
点的直线，故B正确；物体做自由落体运动，加速度恒定，a-t图象应是平行于t轴的直线，故C错误；根据速度位移公式有v2=2gx，v2-x图象是过原点的直线，故D正确。

本题选错误的，故选AC。

10．AD
【解析】
【详解】
以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升，合外力不为零，故A正确；加速运动时，顾客有水平向右的加速度，故顾客受到水平向右的静摩擦力作用，而速度方向指向右上方，故B错误；加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用，匀速运动时，受力平衡，只受重力和支持力，故C错误；根据A中分析可知，顾客加速向上时，合外力沿斜面向上，故开始时斜面的作用力指向右上方向；匀速运动时，受力平衡，扶梯对顾客的作用力竖直向上；故D正确。

故选AD。

11．AD
【解析】
【详解】
火箭尾部向下喷气，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力，故A正确；火箭匀加速升空过程中，运载的卫星的加速度的方向向上，处于超重状态，故B错误；火箭飞出大气层后，虽然没有了空气，但火箭向后喷气，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力，故C错误；卫星进入运行轨道之后，与地球之间仍然存在一对作用力与反作用力，即地球对卫星的引力和卫星对地球的引力，故D正确；故选AD。

12．BC
【解析】
【详解】
电梯匀加速直线运动的加速度=2m/s2，则匀加速直线运动的时间t1=s=2.5s，匀加速直线运动的位移x1=m=6.25m；匀速运动的位移x2=vt2=5×（5-2.5）m=12.5m，
则前5s内的位移x=x1+x2=6.25+12.5m=18.75m。

故A错误，B正确；同理电梯匀减速直线运动的加速度=1m/s2，则匀减速直线运动的时间t2=5s，故电梯从第7s开始减速，减速运动的加速度为1m/s2．故C正确，D错误；故选BC。

13．钩码个数（或细线拉力），橡皮筋与细线结点的位置O，细线的方向；橡皮筋与细线结点的位置与步骤B中结点位置重合钩码个数、对应的细线方向
【解析】
【详解】
B、根据实验原理可知，图甲中需要记录合力的大小和方向后，画出来的合力是实际值，该实验中根据钩码个数来表示拉力大小，因此需要记录的是：钩码个数（或细线拉力），橡皮筋与细线结点的位置O，细线的方向；
C、该实验采用“等效代替”法，因此在用两个绳套拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤B中结点位置重合，同时记录钩码个数和对应的细线方向。

14．速度较小的匀速直线运动速度较大的匀速直线运动加速直线运动减速直线运动
【解析】
【详解】
因点与点时间间隔相等，根据点与点间距，结合，则有：由题目中图可知，a、点与点间距相等，速度较小的匀速直线运动；b、点与点间距相等，但间距大于a纸带，因此做速度较大的匀速直线运动；c、点与点间距越来越大，则做加速直线运动；d、点与点间距越来越小，则做减速直线运动；
15．50N/m25.82cm，4
【解析】
【详解】
（1）通过描点连线可知F-x图象如图所示：
（2）由图象可知，斜率代表弹簧的劲度系数，故有：
（3）由图可知，刻度尺的最小刻度为1mm，由图可知，该长度为25.82cm
此时弹簧秤的拉力为：F=kx=50×（25.82-21.80）×10-2=2N
每个钩码的重力为0.5N，则此时挂在弹簧上的钩码个数为：个
16．倾斜度远小于小车质量
【解析】
【详解】
（1）若利用本实验来验证“小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验时，调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力等于小车的合力。

设小车的质量为M，再根据牛顿第二定律得，整体的加速度为：，则绳子的拉力为：，知钩码的质量远小于小车的质量时，绳子的拉力等于钩码的重力，所以钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量。

（2）根据牛顿第二定律可知：mg=（m+M）a，结合图象可得：，
又该直线斜率为k，纵截距为b，因此：；
17．(1) 0.7秒；(2) 0.32；(3) 200m
【解析】
【详解】
(1)反应时间取0.7秒，以保证反应时间比较长的驾驶员安全；
(2)路面与轮胎之间的动摩擦因数取0.32，以保证最湿滑的路面都能安全行驶。

(3)动摩擦因数取0.32，以保证最湿滑的路面都能安全行驶。

根据牛顿第二定律得，刹车的加速度为：
a==μg=3.2m/s2。

安全距离：s=v0t+。

代入数据得：s≈197m。

故安全距离为200m是必要的。

18．(1) 13.6m/s2，方向竖直向下；(2) 1.26mg(3)相对机舱将向上运动，最可能受伤的是头部；【解析】
【详解】
(1)由位移公式s=得竖直方向的加速度：a==13.6m/s2，方向竖直向下。

(2)对乘客，由牛顿第二定律得：F拉+mg=ma
所以安全带产生竖直向下的拉力为：F拉=1.26mg
(3)未系安全带的乘客，相对机舱将向上运动，最可能受伤的是头部。

19．(1) 0.2；(2) 16N
【解析】
【详解】
(1)根据v-t图象的斜率等于加速度，由图线Ⅱ得：
木箱不受拉力时的加速度大小为：a2=△
=m/s2=2m/s2
△
由牛顿第二定律得：μmg=ma2，解得：μ=0.2
=m/s2=6m/s2
(2)由图象Ⅰ得：木箱受拉力F时的加速度大小为：a1=△
△
由牛顿第二定律得：F-μmg=ma1
解得：F=16N
20．(1)钢板不可能静止，将向左运动；(2) 0.625m/s
【解析】
【详解】
(1)设钢板不动，小汽车在钢板上运的加速度为a0。

由位移公式得：L=
解得：a0=1.6m/s2
此时钢板使车向右运动的摩擦力：F=ma0=6400N
钢板受车向左的反作用力：F′=F=6400N
钢板受地面向右最大静摩擦力：F f=μ（M+m）g=500N
F′＞F f
所以钢板不可能静止，将向左运动
(2)由牛顿第二定律得：钢板向左运动的加速度大小：a1==m/s2设小汽车向右运动的加速度大小为a2
由位移关系得：+=L
解得：a2=1.4m/s2
由速度公式得小汽车离开钢板时：小汽车的速度：v2=a2t=7m/s 钢板的速度：v1=a1t=0.625m/s。