2016届河南省中原名校高三上学期第三次联考物理试题(扫描版)
高三3月统一考试理综物理试题Word 文档
河南省洛阳市2016届高三3月统一考试理综物理试题二、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分）14、甲乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间变化的关系如图所示，图中，两段曲线均为圆弧，则（）A、两物体在时刻加速度相同B、两物体在时刻运动方向均改变C、两物体在时刻相距最远，时刻相遇D、时间内甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度15、美国宇航局于北京时间2015年9月28号晚间23时30分宣布有关火星探索的重要发现---火星上存在液态水的“强有力”证据，荷兰一家名为“火星一号”的公司计划在2023年把4名宇航员送上火星，假设宇航员登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的，火星质量是地球质量的。
已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，宇航员在地面上能向上跳起的最大高度为h，忽略自转的影响，下列说法正确的是（）A、火星的密度为B、火星表面的重力加速度为C、火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度的比值为D、宇航员在火星上跳起后，能到达的最大高度为16、如图所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b悬挂于O点，现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在b球上的力大小为F，作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置可能是下列哪副图（）17、如图所示，甲乙两船在同一条河流中同时开始渡河，M、N分别是甲乙两船的出发点，两船头与河岸均成α角，甲船船头恰好对准N点的正对岸P点，经过一段时间乙船恰好到达P点，如果划船速度大小相等，且两船相遇，不影响各自的航行，下列判断正确的是（）A、甲船也能到达正对岸B、甲船渡河时间一定短C、两船相遇在NP直线上的某点（非P点）D、渡河过程中两船不会相遇18、如图所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q的小球P，带电量分别为和的小球M和N，由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P与M相距L，P、M和N均视为点电荷，下列说法正确的是（）A、M和N的距离大于LB、C、若撤去小球P的固定位置，小气P将移动D、若小球P的电荷量变为-Q，小球M、N仍能在原位置静止19、图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数与副线圈匝数之比为10:1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，电阻，电容器的击穿电压为8V，各电表均为理想交流电表，开关S处于断开状态，则（）A、电阻上消耗的功率为2.5WB。
河南省八市重点高中2016届高三第三次质量检测物理试题Word版含答案
河南省八市重点高中2016届高三第三次质量检测物理综合14．关于万有引力定律及万有引力常量的测定，下列说法正确的是：A ．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许较精确地测量了万有引力常量B ．牛顿发现了万有引力定律，开普勒较精确地测量了万有引力常量C ．牛顿发现了万有引力定律，第谷较精确地测量了万有引力常量D ．开普勒发现了万有引力定律，卡文迪许较精确地测量了万有引力常量15．一质点从O 点由静止出发做匀加速直线运动，途经A 、B 、C 三点和D 、E 、F 三点，AB间距离为S 1，BC 间距离为S 2，且过AB 和BC 段时间相等；而DE 段和EF 段距离相等，过DE 段的平均速度为v 1，过EF 段的平均速度为v 2。
则OA 间距离和过E 点的速度分别为A ．21221(3)8()S S S S －－；221221v v v v ＋－B ．21221(3)8()S S S S －－；221212v v v v ＋＋C ．21221(3)8()S S S S －＋；221221v v v v ＋－D ．21221(3)8()S S S S ＋－；221212v v v v ＋＋16．如图一个带电量为＋q 的圆环，质量为m ，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B 的匀强磁场中。
现给圆环一个水平向右的初速度v 0，在以后的运动中下列说法正确的是 A ．圆环可能做匀减速运动 B ．圆环不可能做匀速直线运动 C ．圆环克服摩擦力所做的功一定为2012mv D ．圆环克服摩擦力所做的功可能为2012mv －32222m g q B17．理想变压器上接有六个完全相同的灯泡，其中一个与该变压器的原线圈串联后接入交流电源，另外五个并联后接在副线圈两端。
已知六个灯泡均正常发光。
该变压器原、副线圈的匝数之比为A ．1 ：5B ．2 ：3C ．1 ：6D ．5 ：1 18．如图所示为通过弹射器研究弹性势能的实验装置。
河南省中原名校2016届高三理综5月仿真模拟联考试题(扫描版)
河南省中原名校2016届高三理综5月仿真模拟联考试题（扫描版）中原名校2016年高考全真模拟统一考试物理试题参考答案 14．【试题来源】典型试题．运动学，图像，实际应用．【答案】B【解析】从图象可以看出，小汽车刹车失灵前的加速度失灵后的加速度， 设追尾时间为t ，则有小汽车刹车失灵前的位移：，小汽车刹车失灵后的 位移：大卡车的位移： 由32130x x x +=+ 得，，所以AC 错误，B 正确；如果刹车不失灵，则在t=2s 时两车速度相同，这时没有追尾，以后间距会越来越大，更不会追尾，D 错．15．【试题来源】经典试题，易错题。
【答案】C ．【解析】对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力；若拉力的最大值大于重力的下滑分力，静摩擦力沿着斜面向下，则：F-f-mgsin θ=0，故拉力减小后，静摩擦力先减小后反向增加；若拉力的最大值小于重力的下滑分力，静摩擦力沿着斜面向上，则：F+f-mgsin θ=0，故拉力减小后，静摩擦力一直增大；故选：C ．16．【答案】C ．【解析】A ．根据条形磁场两端磁极最强，则线圈经过O 点时，穿过线圈的磁通量最小．故A 错误；B 、线圈在o 点不切割磁感线，故在O 点的感应电流为零，因此在O 点线圈不受磁场力．故B 错误；C 、线圈沿不同方向经过b 点时，由于运动方向不同，导致磁通量变化不同，所以产生的感应电流方向相反，因此所受的磁场力方向相反，故C 正确；D 、线圈沿同一方向经过a 、b 两点时，穿过线圈的磁通量变化不同，所以产生的感应电流方向正好相反，D 错误．17．【试题来源】必修3-1．P12P19点电荷的场强和电势．课本图的立体化及对应理解．改编．【答案】D等，但方向不同，故B 错误；C 、D 的电势低于B 点的电势，电子带负电，根据E p =q φ，则电子在B 点的电势能小于在D 点的电势能，故C 错误；D 、A 、C 两点在同一等势面上，D 、A 间与D 、C 间的电势差相等，由W=qU ，将一电子由D 点分别移动到A 、C 两点，电场力做功相同，故D 正确；故选：D ．18．【试题来源】原来是斜面滑到水平面上的二级结论，后改编为滑到斜面上同样有些结论，现编为一定确定的角度处理．动力学结合运动学公式，或动能定理．所给物理量较少，对思维思路是一个考验．【答案】C ．19．【试题来源】2012年福建高考给出了卫星运动的线速度求行星的质量，属于基础题；本题在此基础上改编，给出周期，同时所求量较多．属于较难的试题．基本上属于原创．【答案】D ． 【解析】由已知条件：m 的重力大小为F 得F ＝mg ，所以这颗行星表面的重力加速度大小为m F，这也是近地卫星的向心加速度a ，注意此加速度不是行星的向心加速度，故A 错误；对卫星由2)2(T R g a π== 可得这颗行星的半径为m FT 224π，故B 错误；由T R v π2=，将R 代入得这颗卫星的线速度大小为m FTπ2，所以C 错误．对近地卫星由万有引力提供向心力得G Mm ′R2＝2')2(T R m π，星球的密度334R Mπρ=整理得23GT πρ=故D 正确，所以答案为D ．20．【试题来源】常规题型。
2016届河南省中原名校高三上学期第三次联考文科数学试题(扫描版)
中原名校2015—2016学年上期第三次联考高三文科数学试题答案一、选择题1-5、CCBDC 6-10、DBACD 11-12、DA 二、填空题13、20,,63πππ⎡⎤⎡⎫⋃⎪⎢⎥⎢⎣⎦⎣⎭； 14、()()3234212n n n +-++； 15、224416y x πππ⎛⎫=-++ ⎪⎝⎭；16、()1,2-三、解答题：17、（1）依题意易得1(5)(2)0k ⨯--⨯-=…….…………………….………………………2分解之得：52k =………………….………………….……………….….………….…4分 （2）由（1）易得2553533n n n nnk n na ===⋅⋅令123n n T a a a a =+++⋯+ 123n n T a a a a =+++⋯+1323313233n nnT =+++⋯+1212331333n n nT -=+++⋯+ (7)分121111213333n n n n T -=+++⋯+-11311313nnn ⎛⎫- ⎪⎝⎭=⨯-- ……………………..……8分3232322n nn T +=-⋅ (9)分323443n nn T +=-⋅ ……………………….………..……………………….…….……10分18、（1）由正弦定理得3sin 45sin bB︒= 且B ∠ 有两解，所以3b >且sin 1B =< (3)分解之得3b <<，所以b的范围为(…………………………………..5分（2）由题意2BD DC ==，在ABD ∆中用余弦定理有：22422x AD ADcos ADB =+-⋅⋅∠………………………………….…….…(E)7分在ADC ∆中，用余弦定理有()225422cos x AD AD ADC -=+-⋅⋅∠.…(F)9分(E)、(F)相加得()222582x x AD +-=+，即22210172x x AD -+=，………………………………….…………………10分y =1922x ⎛⎫<< ⎪⎝⎭………………..….……………………………..11分 定义域是19,22⎛⎫⎪⎝⎭……..………….………………….………………….……...…12分19、解：2,332x πππ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦列表如下：…………..……..3分…………………...……6分做出1y =图像sin 23y x π⎛⎫=+⎪⎝⎭4,123x ππ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦围成封闭图形，根据sin 23x π⎛⎫+ ⎪⎝⎭的中心对称的特点分割拼补构成矩形EFGH 1311212EFGH s πππ⎛⎫=-⨯=⎪⎝⎭……………………………………………12分20、（1）AC 是O 的直径， CB BA ⊥，由PA ⊥O 平面，PA CB ⊥，即CB PA ⊥，由CB BA ⊥，CB PA ⊥，可得CB ⊥面PAB 且AE ⊆面PAB ，CB AE ⊥，由CB AE ⊥，PB AE ⊥，可得AE ⊥面PBC .……….…………………………6分（2）连结EO 、PO ，E 是PB 的中点，平面ABC 中，6AB BC ==∴BO AC ⊥∴BO ⊥平面PAC∴BO PO ⊥且12BO AO ==⋅=Rt BOP 中90BOP ︒∠=1122OE PB ==⋅=1122AE PB ==⋅=12AO =⋅=AEO ∆是等边三角形，边长(212AEO s ∆==E 作//EF PA ，则EF ⊥面ABC ，且 13EF PA z ==，在三棱锥E ABO -中，1133B S ABO EF S AEO h ∆∆⋅=⋅，132B ⎛⋅⋅= ⎝，93B ⋅=，B h =……………...….…12分21、解：（1）由题意122c b = ，bc =又c a =c = 且bc =2ab = 且2234c a =所以2ab =、22234a b a -=所以2ab =且2a b =解之得1b =、 2a =所以椭圆方程22141x y += …………………………………….………...…5分（2）由（1）知()22,0A ()1F ,当MN 斜率不存在时，MNx ⊥轴，||1M N y y -=,当MN 斜率存在时，设MN 斜率为k ，则MN 方程(y k x =+，将(y k x =+代入2214x y +=中得。
2016年河南省中原名校联盟高考物理模拟试卷含参考答案(4月份)
2016年河南省中原名校联盟高考物理模拟试卷（4月份）一、选择题1．（6分）我国古代力学的发展较为完善．例如，《淮南子》中记载“物之功，动而有益，则损随之”．这里的“功”已初步具备现代物理学中功的含义．下列单位分别是四位同学用来表示功的单位，其中正确的是（）A．N•m•s﹣1B．C•V•s C．kg•m2•s﹣2D．V•Ω•s2．（6分）如图，倾角为θ的斜面上有A、B、C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三个小球均落在斜面上的D点，今测得AB=BC=CD，不计空气阻力，由此可以判断（）A．A、B、C处三个小球运动时间之比为1：2：3B．A、B、C处三个小球落在斜面上时速度与斜面的夹角相同C．A、B、C处三个小球的初速度大小之比为3：2：1D．A、B、C处三个小球的运动轨迹可能在空中相交3．（6分）一行星探测器从某行星表面竖直升空，发射时发动机推力恒定，发射升空后8s末，发动机突然间发生故障而关闭；如图所示为探测器从发射到落回出发点全过程的速度图象；已知该行星半径为4000km，行星表面没有大气，不考虑探测器总质量的变化；则（）A．探测器在行星表面上升能达到的最大高度为256mB．该行星表面的重力加速度为10m/sC．该行星的第一宇宙速度为4km/sD．根据题中所给已知条件可以求出该行星的质量4．（6分）如图所示，在竖直向下的匀强电场中，将质量相等的两个带电小球M 和N分别沿图示路径移动到同一竖直线上的不同位置，释放后，M、N保持静止，则（）A．M的带电量一定比N的大B．M一定带负电荷，N一定带正电荷C．静止时M受到的合力比N的大D．移动过程中匀强电场对M做负功5．（6分）如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为5：1，V和R1、R2分别是电压表、定值电阻，且2R1=5R2．已知ab两端电压u按图乙所示正弦规律变化．下列说法正确的是（）A．电压u的表达式u=311sin10πt（V）B．电压表示数为40VC．R1、R2消耗的功率之比为5：1D．如果只增大变压器原、副线圈的匝数比，则电压表示数减小6．（6分）如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块A与截面为三角形的垫块B叠放在一起，用水平外力F缓缓向左推动B，使A缓慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中（）A．A和B均受三个力作用而平衡B．B对桌面的压力大小不变C．A对B的压力越来越小D．推力F的大小不变7．（6分）如图所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ竖直放置，一匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的上端M与P之间连接阻值为R=0.40Ω的电阻，质量为m=0.01kg、电阻为r=0.30Ω的金属棒ab紧贴在导轨上，现使金属棒ab由静止开始下滑，下滑过程中ab始终保持水平，且与导轨接触良好，其下滑距离x 与时间t的关系如下表所示，导轨电阻不计，g=10m/s2，则（）时间t（s）00.10.20.30.40.50.60.7下滑距离s（m）00.10.30.7 1.4 2.1 2.8 3.5A．磁感应强度B的大小为0.1TB．在t=0.7s时，金属棒ab两端的电压值为0.7VC．在前0.7s的时间内，电阻R上产生的热量为0.06JD．在前0.4s的时间内，通过金属棒ab的电荷量为0.2C8．（6分）如图，用轻绳连接的滑轮组下方悬挂着两个物体，它们的质量分别为m1、m2，且m2=2m1，m1用轻绳挂在动滑轮上，滑轮的质量、摩擦均不计，现将系统从静止释放，当m1上升h高度（h小于两滑轮起始高度差）这一过程中，下列说法正确的是（）A．m2减小的重力势能全部转化为m1的重力势能B．m1上升到h高度时的速度为C．轻绳对m2做功的功率与轻绳对m1做功的功率大小相等D．轻绳的张力大小为m1g二、解答题（共4小题，满分47分）9．（6分）测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示．AB 是半径足够大的、光滑的四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′．重力加速度为g．实验步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC′的高度h；③将物块Q在A点由静止释放，在物块Q落地处标记其落地点D；④重复步骤③，共做10次；⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s．用实验中的测量量表示：（1）物块Q到达C点时的动能E kc=；（2）在物块Q从B运动到C的过程中，物块Q克服摩擦力做的功W f=；（3）物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ=．10．（10分）指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：（1）多用电表测未知电阻阻值的电路如图1所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，R g为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值R x关系图象如图2所示，则该图象的函数关系式为；（2）下列根据图2中I﹣R x图线做出的解释或判断中正确的是A．因为函数图线是非线性变化的，所以欧姆表的示数左小右大B．欧姆表调零的实质是通过调节R0使R x=0时电路中的电流I=I gC．R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏．D．测量中，当R x的阻值为图2中的R2时，指针位于表盘中央位置的左侧（3）有一内阻未知（约20kΩ～60kΩ）、量程（0～10V）的直流电压表①某同学想通过一个多用表中的欧姆档，直接去测量上述电压表的内阻，该多用表刻度盘上读出电阻刻度中间值为30，欧姆档的选择开关拨至倍率挡．先将红、黑表棒短接调零后，选用图3中方式连接．②在实验中，某同学读出欧姆表的读数为Ω（如图4），这时电压表的读数为V（如图4）．计算出欧姆表中电池的电动势为V．11．（13分）如图所示，一质量为m=3kg物体在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止开始从倾角θ=30°的光滑斜面底端沿斜面向上做匀加速直线运动，经时间t 撤去力F，物体又经过时间t回到出发点，斜面足够长．（g取10m/s2）（1）恒力F的大小；（2）如果t=3s，求物体回到出发点的速度大小．12．（18分）如图所示，在xOy平面内第一象限存在水平向右的匀强电场，场强为E=2v/m，第二象限和第三象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T．有一带负电的粒子，比荷为4C/kg，从x轴上x=3m的P点以初速度v0=4m/s 垂直于x轴进入电场，不计带电粒子的重力．求：（1）带电粒子第一次通过y轴时距O点的距离；（2）带电粒子进入匀强磁场后经多长时间第一次返回到电场；（3）试通过计算说明粒子能否通过y轴正半轴上的Q点？已知Q点到O点的距离为28m．【选修3-3】13．（5分）如图，坐标原点O处固定有一甲分子，乙分子位于r轴上，图中曲线为两分子间的作用力或分子势能与分子间的距离r之间的关系图象，根据图象，下列说法正确的是（）A．若b点处的分子势能最小，则该曲线一定是分子间的作用力与分子间的距离r的关系图象B．若c点处的分子势能最小，则该曲线一定是分子间的作用力与分子间的距离r的关系图象C．若曲线是分子间的作用力与分子间的距离r的关系图象，乙分子从a由静止运动到d时先做加速运动后做减速运动D．若曲线是分子势能与分子间的距离r的关系图象，乙分子从a由静止运动到d时分子力先做负功后做正功E．乙分子在a点时的分子引力大于在d点时的分子引力14．（10分）如图所示为一水平放置的导热性能良好的U型玻璃管，左端封闭，右端开口，左端竖直管与水平管的粗细相同，右端竖直管与水平管的横截面积之比为2：1．一段长为12cm的水银柱位于图中所示位置且封闭一段空气柱，设周围环境的温度由27℃不断上升，大气压强为75cmHg，求当温度为119℃时空气柱长度是多少？【物理-选修3-4】（15分）15．如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象．则由图可知（）A．质点振动的周期T=0.2sB．波速v=20m/sC．因一个周期质点运动0.8m，所以波长λ=0.8mD．从该时刻起经过0.15s，波沿x轴的正方向传播了3mE．从该时刻起经过0.25s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度16．如图所示，一个半径为R的透明球体放置在水平面上，一束蓝光从A点沿水平方向射入球体后经B点射出，最后射到水平面上的C点．已知OA=，该球体对蓝光的折射率为．若将该束光的入射点从A点向上移动到离0的R处的A1处，仍沿水平方向射入球体后最终射在水平面上的C1处，求CC1的距离是多少？【物理一选修3-5】（15分）17．关于核反应方程Th→Pa+X+△E（△E为释放出的核能，X为新生成粒子），已知Th的半衰期为T，则下列说法正确的是（）A．原子序数大于或等于83的元素，都能自发地发出射线，原子序数小于83的元素则不能放出射线B．Pa比Th少1个中子，X粒子是从原子核中射出的，此核反应为β衰变C．N0个Th经2T时间因发生上述核反应而放出的核能为N0△E（N0数值很大）D．Th的比结合能为E．该放射性元素（Th）与其它元素形成化合物的半衰期仍等于T18．如图所示，倾角为θ=30°的斜面固定在水平面上，斜面底端有一挡板与之垂直，同种材料制成的可看为质点的小物块A、B、C，其质量分别为m、2m、2m，物块C静止在物块B与挡板之间某一位置．小物块A、B靠在一起，其间夹有少量炸药，一起以v0=4m/s的速度沿斜面匀速下滑，当A、B与挡板距离为L=1.75m 时炸药爆炸，炸药爆炸后A的速度恰好变为零，随后小物块B沿斜面向下运动并与小物块C发生弹性碰撞，接着物块C与挡板也发生弹性碰撞．碰后物块C 沿斜面上滑，最后物块B与A碰撞并粘成一体．取g=10m/s2，求物块B与A刚碰撞后的速度大小v．共2016年河南省中原名校联盟高考物理模拟试卷（4月份）参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）我国古代力学的发展较为完善．例如，《淮南子》中记载“物之功，动而有益，则损随之”．这里的“功”已初步具备现代物理学中功的含义．下列单位分别是四位同学用来表示功的单位，其中正确的是（）A．N•m•s﹣1B．C•V•s C．kg•m2•s﹣2D．V•Ω•s【解答】解：AC、功的单位是J，根据功的定义W=FL可知：1J=1N•m=（1kg•m/s2）•m=1kg•m2•s﹣2．故A错误，C正确；B、根据电功的公式：W=Pt=UIt，电压的单位是V，电流的单位是A，时间的单位是s，所以：1J=1V•A•s=1V•C．故B错误；D、根据电热的单位：Q=t，所以：1J=1V2s•Ω﹣1．故D错误．故选：C2．（6分）如图，倾角为θ的斜面上有A、B、C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三个小球均落在斜面上的D点，今测得AB=BC=CD，不计空气阻力，由此可以判断（）A．A、B、C处三个小球运动时间之比为1：2：3B．A、B、C处三个小球落在斜面上时速度与斜面的夹角相同C．A、B、C处三个小球的初速度大小之比为3：2：1D．A、B、C处三个小球的运动轨迹可能在空中相交【解答】解：A、三球下降的高度之比为3：2：1，根据t=知，A、B、C处的三个小球运动时间之比为，故A错误．B、因为平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，三个小球落在斜面上，位移方向相同，则速度方向相同，故B 正确．C、三个小球的水平位移之比为3：2：1，根据x=v0t知，初速度之比为．故C错误．D、因最后三个物体落到同一点，故三个小球的运动不可能在空中相交；故D错误；故选：B．3．（6分）一行星探测器从某行星表面竖直升空，发射时发动机推力恒定，发射升空后8s末，发动机突然间发生故障而关闭；如图所示为探测器从发射到落回出发点全过程的速度图象；已知该行星半径为4000km，行星表面没有大气，不考虑探测器总质量的变化；则（）A．探测器在行星表面上升能达到的最大高度为256mB．该行星表面的重力加速度为10m/sC．该行星的第一宇宙速度为4km/sD．根据题中所给已知条件可以求出该行星的质量【解答】解：A、根据速度时间图线围成的面积知，探测器在行星表面上升的最大高度为：h==768m，故A错误．B、根据图线的斜率知，行星表面的重力加速度为：g=，故B 错误．C、根据mg=得，行星的第一宇宙速度为：v=，故C正确．D、根据得行星的质量M=，因为行星表面的重力加速度可以求出，行星的半径可以得出，所以可以求出行星的质量，故D正确．故选：CD．4．（6分）如图所示，在竖直向下的匀强电场中，将质量相等的两个带电小球M 和N分别沿图示路径移动到同一竖直线上的不同位置，释放后，M、N保持静止，则（）A．M的带电量一定比N的大B．M一定带负电荷，N一定带正电荷C．静止时M受到的合力比N的大D．移动过程中匀强电场对M做负功【解答】解：A、电场线竖直向下，因为M、N在释放后保持静止，说明受到的合力为0；对两小球分析可知，小球受重力、电场力和两小球间的库仑力作用；若M带正电，则受重力和电场力向下，如果平衡，则N对M的库仑力应向上，并且库仑力等于重力与电场力的合力；再对N分析，N对M库仑力向上，故N 只能带正电荷，受电场力、重力及库仑力均向下，不可能平衡，故M不可能带正电；故M只能带负电，此时N受电场力向上，则库仑力可以向上也可以向下，由平衡关系可知；如果M受库仑力向上，对M有：Eq M+F=mg；此时N带负电；再对N分析可知，N受重力、向上的电场力以及向下的库仑力，应有：mg+F=Eq N；故q M小于q N；如果M受库仑力向下，则有：Eq M=mg+F；对N分析则有：N带正电，受电场力向下，则有Eq N+mg=F，此时M的电量比N的大；由以上分析可知M一定带负电，而N可以带正电也可以带负电；带N带负电时，M的电量小于N，而N带正电时，M的电量大于N，故AB错误；C、由于两电荷均处于静止，因此静止时两电荷受到的合力均为零，故C错误；D、因M带负电，故由上到下移动电荷时，电场力与运动方向夹角为钝角，故电场对M一定做负功，故D正确．故选：D．5．（6分）如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为5：1，V和R1、R2分别是电压表、定值电阻，且2R1=5R2．已知ab两端电压u按图乙所示正弦规律变化．下列说法正确的是（）A．电压u的表达式u=311sin10πt（V）B．电压表示数为40VC．R1、R2消耗的功率之比为5：1D．如果只增大变压器原、副线圈的匝数比，则电压表示数减小【解答】解：A、从图乙得到电压的最大值为311V，周期为0.02s，故电压u的表达式u=U m sin=311sin=311sin100πt（V），故A错误；B、电源电压的有效值为U=；根据变压器的变流比公式，有：；根据变压器的变压比公式，有：；对左侧回路，有：U=U1+I1R1对右侧回路，有：U2=I2R2联立上面4个式子，可以得到U2=40V，故B正确；C、根据变流比公式，有：=；根据P=I2R，有：，故C错误；D、设匝数比为n，则同理可求得U2=；由于在n＞5时单调递增，则根据变压器变压比公式可知n＞5时，输出电压逐渐减小，故D正确；故选：BD6．（6分）如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块A与截面为三角形的垫块B叠放在一起，用水平外力F缓缓向左推动B，使A缓慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中（）A．A和B均受三个力作用而平衡B．B对桌面的压力大小不变C．A对B的压力越来越小D．推力F的大小不变【解答】解：A、先以A为研究对象，分析受力情况：重力、墙的弹力和斜面的支持力三个力，B受到重力、A的压力、地面的支持力和推力F四个力．故A错误．B、当B向左移动时，B对A的支持力和墙对A的支持力方向均不变，根据平衡条件得知，这两个力大小保持不变．则A对B的压力也保持不变．对整体分析受力如图所示，由平衡条件得知，F=N1，挡板对A的支持力N1不变，则推力F不变．，保持不变．则B对桌面的压力不变．故B正确，C 桌面对整体的支持力N=G总错误，D正确．故选：BD7．（6分）如图所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ竖直放置，一匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的上端M与P之间连接阻值为R=0.40Ω的电阻，质量为m=0.01kg、电阻为r=0.30Ω的金属棒ab紧贴在导轨上，现使金属棒ab由静止开始下滑，下滑过程中ab始终保持水平，且与导轨接触良好，其下滑距离x 与时间t的关系如下表所示，导轨电阻不计，g=10m/s2，则（）时间t（s）00.10.20.30.40.50.60.7下滑距离s（m）00.10.30.7 1.4 2.1 2.8 3.5A．磁感应强度B的大小为0.1TB．在t=0.7s时，金属棒ab两端的电压值为0.7VC．在前0.7s的时间内，电阻R上产生的热量为0.06JD．在前0.4s的时间内，通过金属棒ab的电荷量为0.2C【解答】解：A、由表格可知，在0.3s后棒做匀速直线运动，金属棒的速度为：m/s金属棒匀速运动时所受的安培力大小为：F=BIL，而I=，E=BLv得到：根据平衡条件得：F=mg则有：代入数据解得：B2L2=0.01，即：BL=0.1．由于没有导轨的宽度，所以不能判断出磁感应强度的大小．故A错误；B、在t=0.7s时，金属棒上产生的电动势：E=BLv=0.1×7=0.7V金属棒ab两端的电压值为路端电压，为：V．故B 错误；C、金属棒ab在开始运动的0.7s内，金属棒的重力势能减小转化为金属棒的动能和电路的内能．设电路中产生的总焦耳热为Q，根据能量守恒定律得：mgx=+Q代入数据解得Q=0.105J根据串联电路的特点可知R上产生的热量：==0.06J．故C正确；D、在前0.4s的时间内，金属棒上产生的平均电动势：V通过金属棒ab的电荷量为：q==C．故D正确．故选：CD8．（6分）如图，用轻绳连接的滑轮组下方悬挂着两个物体，它们的质量分别为m1、m2，且m2=2m1，m1用轻绳挂在动滑轮上，滑轮的质量、摩擦均不计，现将系统从静止释放，当m1上升h高度（h小于两滑轮起始高度差）这一过程中，下列说法正确的是（）A．m2减小的重力势能全部转化为m1的重力势能B．m1上升到h高度时的速度为C．轻绳对m2做功的功率与轻绳对m1做功的功率大小相等D．轻绳的张力大小为m1g【解答】解：A、根据能量守恒可知，m2减小的重力势能全部转化为m1的重力势能和两物体的动能，故A错误；B、根据动滑轮的特点可知，m2的速度为m1速度的2倍，根据动能定律可得：解得：v=，故B正确；C、绳子的拉力相同，由于轻绳对m2做功的功率P2=Fv2，P1=2F•v1，由于v2=2v1，故轻绳对m2做功的功率与轻绳对m1做功的功率大小相等，故C正确；D、根据动滑轮的特点可知，m1的加速度为m2的加速度的一半，根据牛顿第二定律可知：2F﹣m1g=m1a，m2g﹣F=m2a′联立解得：，故D正确；故选：BCD二、解答题（共4小题，满分47分）9．（6分）测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示．AB 是半径足够大的、光滑的四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′．重力加速度为g．实验步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC′的高度h；③将物块Q在A点由静止释放，在物块Q落地处标记其落地点D；④重复步骤③，共做10次；⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s．用实验中的测量量表示：（1）物块Q到达C点时的动能E kc=；（2）在物块Q从B运动到C的过程中，物块Q克服摩擦力做的功W f=；（3）物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ=．【解答】解：（1）离开C后，物块做平抛运动，水平方向：s=v C t，竖直方向：h=gt2，物块在C点的动能为：（2）由B到C过程中，由动能定理得：﹣W f=mv C2﹣mv B2，克服摩擦力做的功为：（3）B到C过程中，克服摩擦力做的功：μmgL=，则有：故答案为：（1）；（2）；（3）10．（10分）指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：（1）多用电表测未知电阻阻值的电路如图1所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，R g为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值R x关系图象如图2所示，则该图象的函数关系式为；（2）下列根据图2中I﹣R x图线做出的解释或判断中正确的是BCDA．因为函数图线是非线性变化的，所以欧姆表的示数左小右大B．欧姆表调零的实质是通过调节R0使R x=0时电路中的电流I=I gC．R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏．D．测量中，当R x的阻值为图2中的R2时，指针位于表盘中央位置的左侧（3）有一内阻未知（约20kΩ～60kΩ）、量程（0～10V）的直流电压表①某同学想通过一个多用表中的欧姆档，直接去测量上述电压表的内阻，该多用表刻度盘上读出电阻刻度中间值为30，欧姆档的选择开关拨至倍率×1k挡．先将红、黑表棒短接调零后，选用图3中A方式连接．②在实验中，某同学读出欧姆表的读数为40KΩ（如图4），这时电压表的读数为 5.0V（如图4）．计算出欧姆表中电池的电动势为8.75V．【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律得，I==．（2）A、因为R x=﹣r﹣R0﹣R g，函数图线是非线性变化的，当电流比较大时，则电阻比较小，当电流比较小时，则电阻比较大．故A错误．B、当R x=0，I=，此时电流为满偏电流．故B正确．C、R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏．故C正确．D、测量中，当R x的阻值为图5中的R2时，电流比半偏电流小，指针位于表盘中央位置的左侧．故D正确．故选：BCD．（3）①欧姆表中值电阻附近刻度比较均匀，读数误差最小，故倍率选择“×1K”挡位；电流从红表笔流入，黑表笔流出，故A方式正确；②欧姆表读数=表盘读数×倍率=40×1K=40KΩ；电压表量程为10V，最小分度为0.1，故读数为：5.0V；欧姆表内电阻等于中值电阻，为r=30KΩ；根据闭合电路欧姆定律，有：E=Ir+U===8.75V；故答案为：（1）（2）BCD；（3）①×1k A ②40 k 5.0 8.75．11．（13分）如图所示，一质量为m=3kg物体在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止开始从倾角θ=30°的光滑斜面底端沿斜面向上做匀加速直线运动，经时间t 撤去力F，物体又经过时间t回到出发点，斜面足够长．（g取10m/s2）（1）恒力F的大小；（2）如果t=3s，求物体回到出发点的速度大小．【解答】解：（1）以物体为研究对象，对物体受力分析，如图所示撤去F前，根据牛顿第二定律撤去F后撤去F之前物体做匀加速直线运动撤去F时速度撤去F后物体能回到出发点联立以上各式得（2）由第（1）问得因为t=3s撤去F时速度回到出发点时的速度大小10m/s，方向沿斜面向下答：（1）恒力F的大小为20N；（2）如果t=3s，求物体回到出发点的速度大小为10m/s．12．（18分）如图所示，在xOy平面内第一象限存在水平向右的匀强电场，场强为E=2v/m，第二象限和第三象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T．有一带负电的粒子，比荷为4C/kg，从x轴上x=3m的P点以初速度v0=4m/s 垂直于x轴进入电场，不计带电粒子的重力．求：（1）带电粒子第一次通过y轴时距O点的距离；（2）带电粒子进入匀强磁场后经多长时间第一次返回到电场；（3）试通过计算说明粒子能否通过y轴正半轴上的Q点？已知Q点到O点的距离为28m．【解答】解：（1）粒子在第一象限做类平抛运动，根据类平抛规律可得：x方向做匀加速：x=y方向做匀速直线运动：y=v0t根据牛顿第二定律：Eq=ma，可得粒子的加速度：a==4×2=8m/s2，联立以上各式可得粒子第一次通过y轴时距O点的距离：y==m=2m（2）画出粒子轨迹过程图如图所示，根据类平抛规律有：y方向分速度：v y=v0=4m/sx方向分速度：v x=at=a=4m/s粒子进入磁场时的速度：v==8m/sv x与v0方向夹角：tanθ==即：θ=60°粒子在磁场中做圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力：qvB=m可得：R==2m粒子在磁场运动的周期：T==s根据几何关系可知，粒子在磁场中转过240°的圆心角后离开磁场，从粒子进入磁场到离开磁场的过程，沿y轴方向的位移：△x=R=2m=y=v0t 所以粒子没有进入第四象限，粒子恰好从坐标原点O第一次返回到电场，经历的时间：t=T=s≈1.05s（3）画出周期性运动的粒子轨迹过程图，如图所示，粒子在电场和磁场中做周期性运动，每个周期粒子向上平移的距离为：△x=y=2m粒子经过y轴上点的纵坐标y′满足：y′=n•2△x（其中n=0，1，2，3…）若粒子经过y轴正半轴上的Q点，需满足：y′=n•2△x=28m解得：n=7，因为n为整数，故粒子可以通过y轴正半轴上的Q点．答：（1）带电粒子第一次通过y轴时距O点的距离为2m；（2）带电粒子进入匀强磁场后大约经1.05s后第一次返回到电场；（3）粒子能通过y轴正半轴上的Q点．【选修3-3】13．（5分）如图，坐标原点O处固定有一甲分子，乙分子位于r轴上，图中曲线为两分子间的作用力或分子势能与分子间的距离r之间的关系图象，根据图象，下列说法正确的是（）A．若b点处的分子势能最小，则该曲线一定是分子间的作用力与分子间的距离r的关系图象。
2016届河南省中原名校高三上学期第三次联考化学试题(扫描版)
中原名校2015—2016学年上期第三次联考高三化学试题参考答案1．A 绿色化学又称环境友好化学,其核心是利用化学原理从源头上减少和消除工业生产对环境的污染。
B、D两项分别来自于必修1教材63页、必修2教材69页（该题目来源于生活中的所见所闻，目的是普及化学知识，让青少年知道化学是一把双刃剑，同时考查考生对教材边角知识的掌握情况，同时也告诫教师脱离教材只讲资料的教学模式是舍本逐末）。
2．B 根据青蒿素的分子式确定其含有酯基和醚键；分子式为C15H22O5（也可由只有碳、氢、氧元素形成的烃的衍生物，氢原子数不可能为奇数，确定该选项错误）；根据分子式确定其不饱和度为5，因此其同分异构体中可能含有苯环、酯基、多个羟基连在苯环上；观察青蒿素、双氢青蒿素的结构式转化过程中催化加氢发生了还原反应（该题目高起点低落点，选择不正确的降低了难度，又有时代气息紧随高考，源于2015年中国科研工作者屠哟哟获得诺贝尔奖）。
3．B A项品红溶液遇具有漂白性的物质SO2会褪色，而遇H2S无现象，可以鉴别，正确；B项NaOH溶液与H2S和SO2都能发生反应，产生的物质的水溶液都无色可溶，因此无法鉴别，错误；C项CuSO4溶液与H2S发生反应：H2S+ CuSO4= CuS↓+ H2SO4，产生黑色沉淀，而与SO2不能发生反应，因此现象不同，可以鉴别，正确；D项滴有淀粉的碘水呈蓝色，遇SO2发生反应：I2＋SO2＋2H2O=H2SO4＋2HI，溶液褪色，遇H2S发生反应：I2＋H2S=S↓+2HI，溶液褪色，产生淡黄色沉淀，反应现象不同，可以鉴别，正确（该题目考查考生对元素化合物的掌握情况）。
4．B 反应I吸热反应物的能量低于生成物的能量、反应II放热反应物的能量高于生成物的能量，某温度下，反应Ⅰ的速率(1υ)大于反应Ⅱ的速率(2υ)，说明反应I的活化能低反应，活化分子的百分含量高反应速率大，A选项正确（该题目从2014年浙江卷非选择题目中挖出，旨在考查考生对图表的理解、吸放热反应能量示意图及反应速率与活化能的掌握情况）。
2016届河南省中原名校高三上学期第三次联考理科数学试题(扫描版)
中原名校2015—2016学年上期第三次联考高三理科数学试题参考答案（考试时间：120分钟 试卷满分：150分）第I 卷（选择题）一、选择题（每小题5分，共60分。
1．【答案】C 【解析】{}{}10,3,21，，==B A ，由A S ⊆，φ≠B S ，集合S 中必含1，再由A S ⊆ 得集合S 的个数为4，故答案选C ．考点：1.不等式的解法；2集合的运算． 2．【答案】A【解析】由()ax ax x g 22sin cos -=化简得()ax x g 2cos =，其最小正周期为π，可得1±=a ．故答案选A ．考点：充分条件必要条件的判断． 3．【答案】C【解析】,a b 为非零实数，220a b >，将a b <两边同除以22a b ，可得ba ab 2211＜．故答案选C ．考点：不等式的性质． 4．【答案】D 【解析】抛物线方程214y x =-可化为y x 42-=，∴抛物线的准线方程为1=y ∵点A 在抛物线214y x =-的准线上∴)1,3(-A ，所以三角函数的定义得21sin =α 考点：抛物线性质，三角函数的定义及求值5．【答案】A【解析】因为ln 60>，故1ln 6ln 06-=<，1ln 6111(ln )ln ln 6666f e -=-=-，所以1(ln 6)(ln )6f f =-=66ln +．考点：函数的奇偶性. 6．【答案】D【解析】 由{}n a 是等比数列，得28151a a a =⋅又∵{}n b 是等差数列∴81512b b b =+而815115115122a a a b b b b ==≥+ ∵1≠q ∴151a a ≠即151b b ≠考点：等差、等比数列的性质，基本不等式 7．【答案】B 【解析】由2()36f x x ax b '=++，则有2360130a b a b a -+=⎧⎨-+-+=⎩，解得29a b =⎧⎨=⎩或13a b =⎧⎨=⎩，而当3,1==b a 时，22()3633(1)0f x x x x '=++=+≥，此时函数无极值，故不合题意。
河南省中原名校2016届高三理综5月仿真模拟联考试题(扫描版)
河南省中原名校2016届高三理综5月仿真模拟联考试题（扫描版）中原名校2016年高考全真模拟统一考试物理试题参考答案 14．【试题来源】典型试题．运动学，图像，实际应用．【答案】B【解析】从图象可以看出，小汽车刹车失灵前的加速度失灵后的加速度， 设追尾时间为t ，则有小汽车刹车失灵前的位移：，小汽车刹车失灵后的 位移：大卡车的位移： 由32130x x x +=+ 得，，所以AC 错误，B 正确；如果刹车不失灵，则在t=2s 时两车速度相同，这时没有追尾，以后间距会越来越大，更不会追尾，D 错．15．【试题来源】经典试题，易错题。
【答案】C ．【解析】对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力；若拉力的最大值大于重力的下滑分力，静摩擦力沿着斜面向下，则：F-f-mgsin θ=0，故拉力减小后，静摩擦力先减小后反向增加；若拉力的最大值小于重力的下滑分力，静摩擦力沿着斜面向上，则：F+f-mgsin θ=0，故拉力减小后，静摩擦力一直增大；故选：C ．16．【答案】C ．【解析】A ．根据条形磁场两端磁极最强，则线圈经过O 点时，穿过线圈的磁通量最小．故A 错误；B 、线圈在o 点不切割磁感线，故在O 点的感应电流为零，因此在O 点线圈不受磁场力．故B 错误；C 、线圈沿不同方向经过b 点时，由于运动方向不同，导致磁通量变化不同，所以产生的感应电流方向相反，因此所受的磁场力方向相反，故C 正确；D 、线圈沿同一方向经过a 、b 两点时，穿过线圈的磁通量变化不同，所以产生的感应电流方向正好相反，D 错误．17．【试题来源】必修3-1．P12P19点电荷的场强和电势．课本图的立体化及对应理解．改编．【答案】D等，但方向不同，故B 错误；C 、D 的电势低于B 点的电势，电子带负电，根据E p =q φ，则电子在B 点的电势能小于在D 点的电势能，故C 错误；D 、A 、C 两点在同一等势面上，D 、A 间与D 、C 间的电势差相等，由W=qU ，将一电子由D 点分别移动到A 、C 两点，电场力做功相同，故D 正确；故选：D ．18．【试题来源】原来是斜面滑到水平面上的二级结论，后改编为滑到斜面上同样有些结论，现编为一定确定的角度处理．动力学结合运动学公式，或动能定理．所给物理量较少，对思维思路是一个考验．【答案】C ．19．【试题来源】2012年福建高考给出了卫星运动的线速度求行星的质量，属于基础题；本题在此基础上改编，给出周期，同时所求量较多．属于较难的试题．基本上属于原创．【答案】D ． 【解析】由已知条件：m 的重力大小为F 得F ＝mg ，所以这颗行星表面的重力加速度大小为m F，这也是近地卫星的向心加速度a ，注意此加速度不是行星的向心加速度，故A 错误；对卫星由2)2(T R g a π== 可得这颗行星的半径为m FT 224π，故B 错误；由T R v π2=，将R 代入得这颗卫星的线速度大小为m FTπ2，所以C 错误．对近地卫星由万有引力提供向心力得G Mm ′R 2＝2')2(T R m π，星球的密度334R Mπρ=整理得23GT πρ=故D 正确，所以答案为D ．20．【试题来源】常规题型。
2016年4月2016届高三第三次全国大联考(新课标Ⅲ卷)物理卷(考试版)
绝密★启用前|试题研究中心命制【学易大联考】2016年第三次全国大联考【新课标III卷】理科综合能力测试物理试题注意事项：1.本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 Al—27 Si—28Cu—64 I—127第I卷二、选择题：本题共8个小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在研究物理学的过程中，往往要接触到研究物理的方法，下列说法正确的是A.伽利略在证明自由落体运动是匀变速直线运动时，采用了等效替代法B.“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法D.在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法15．如图1所示为一足够长的光滑斜面，一定质量的滑块从斜面的底端由静止开始在一沿斜面向上的外力作用下运动，经10 s的时间撤走外力，利用速度传感器在计算机上描绘了滑块在0~30 s内的速度－时间图象，如图2所示。
则下列说法正确的是A.滑块在0~10 s内的平均速度等于10~20 s内的平均速度B.滑块在0~30 s内的位移最大C.滑块在10~20 s内的加速度与20~30 s内的加速度等大反向D.滑块在10~20 s内的位移与20~30 s内的位移等大反向16．已知火星的质量比地球的小，火星的公转半径比地球的大。
河南省中原名校高三物理上学期第三次12月联考试题
河南省中原名校2013届高三第三次联考物理试题命题：夏邑高中物理组责任老师：李勇（考试时间：90分钟试卷满分：100分）一、选择题（本题共l2题48分。
在每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的或不选的得0分）1 下列说法正确的是（）A．楼道里的灯只有天黑时出现声音才亮，说明它的控制电路中只有声传感器B．电子秤所使用的测力装置是温度传感器C．用点电荷代替带电体，应用的是理想模型法D．伽利略在利用理想实验探究力和运动关系时，使用的是等效替代法2．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相（闪光时间极短），闪光时间间隔为1 s，分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了0.2 m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了0.8m，由上述条件可知（）A．质点运动的加速度是0 .6 m／S2B．质点运动的加速度是0.3 m/s2C．第1次闪光时质点的速度是0.05 m/s D．第1次闪光时质点的速度是0．1 m／s 3．如图所示，一光滑小球静止放置在光滑半球面的最底端．利用竖直放置的光滑挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面），木板对小球的推力F 1、半球面对小球的支持力F2的变化情况正确的是（）A．F1增大、F2减小B．F1增大、F2增大C．F1减小、F2减小D．F1减小、F2增大4．一个质量为m的质点，在外力F和重力的作用下，由静止开始斜向下作匀加速直线运动，加速度方向与竖直方向成θ角。
为使质点机械能保持不变，F的大小必须等于（）A．mg B．mgsinθC．mgtanθD．mgcosθ5．关于环绕地球运行的卫星，下列说法正确的是（）A．分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期B．沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率C．在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同D．沿不同轨道经过：北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合6．如图所示为一理想变压器,原、副线圈的匝数比为n．原线圈接电压为u= U o sinωt的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和—个电动机，电动机的线圈电阻为R.。
河南省中原名校高三物理上学期第三次联考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年河南省中原名校高三〔上〕第三次联考物理试卷一、选择题〔共10小题，每一小题5分，共50分．在每一小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，8～10小题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分．〕1．2015年元宵节期间人们燃放起美丽的烟火以庆祝中华民族的传统节日，按照设计，某种型号的装有烟花的礼花弹从专用从专用炮筒中射出后，在 3s末到达离地面 90m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案．假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么为v0和k分别等于〔〕A．30m/s 1 B．30m/s 0.5 C．60m/s 0.5 D．60m/s 12．如下列图，细绳一端固定在天花板上的O点，另一端穿过一张CD光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿．现将CD光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，CD光盘中央小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为θ时，小球上升的速度大小为〔〕A．vsinθB．vc osθC．vtanθD．vcotθ3．转笔〔Pen Spinning〕是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如下列图．转笔深受广阔中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，如下有关该同学转笔中涉与到的物理知识的表示正确的答案是〔〕A．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越大B．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的C．假设该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走D．假设该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，由于笔杆中不会产生感应电流，因此金属笔杆两端一定不会形成电势差4．2015年9月30日7时13分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功将第4颗新一代北斗导航卫星送入倾角55°的倾斜地球同步轨道，新一代北斗导航卫星的发射，标志着我国在卫星研制、发射方面取得里程碑式的成功．关于该卫星到地心的距离r可由求出，式中G为万有引力常量，如此关于物理量a，b，c的描述正确的答案是〔〕A．a是地球平均密度，b是地球自转周期，c是地球半径B．a是地球外表重力加速度，b是地球自转周期，c是卫星的加速度C．a是地球平均密度，b是卫星的加速度，c是地球自转的周期D．a是地球外表重力加速度，b是地球自转周期，c是地球半径5．某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，如下说法中正确的答案是〔〕A．加速时加速度的大小为g B．加速时动力的大小等于mgC．减速时动力的大小等于mg D．减速飞行时间2t后速度为零6．如下列图，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线送给用户〔电灯等用电器〕，R表示输电线的电阻，如此〔〕A．用电器增加时，变压器输出电压增大B．要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C．用电器增加时，输电线的热损耗减少D．用电器增加时，变压器的输入功率减小7．静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置．如下列图为该透镜工作原理示意图，虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于Ox轴、Oy轴对称，且相邻两等势线的电势差相等．图中实线为某个电子通过电场区域时的轨迹示意图，关于此电子从a点运动到b点过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．a点的电势高于b点的电势B．电子在a点的加速度大于在b点的加速度C．电子在a点的动能大于在b点的动能D．电子在a点的电势能大于在b点的电势能8．如下列图，在质量为m B=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量m A=20kg的小物体A〔可视为质点〕，对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动．测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计．如此如下选项正确的答案是〔〕A．车厢B在2.0 s内的加速度为2.5 m/s2B．A在2.0 s末的速度大小是4.5 m/sC．2.0 s内A在B上滑动的距离是0.5 mD．A的加速度大小为2.5 m/s29．如图，两根平行长直导线相距2l，通有大小相等、方向一样的恒定电流，a、b、c是导线所在平面内的三点，左侧导线与它们的距离分别为、l和3l．关于这三点处的磁感应强度，如下判断正确的答案是〔〕A．a处的磁感应强度大小比c处的大B．b、c两处的磁感应强度大小相等C．a、c两处的磁感应强度方向一样D．b处的磁感应强度为零10．某同学设计了一个测定列车加速度的仪器，如下列图．AB是一段圆弧的电阻，O点为其圆心，圆弧半径为r．O点下用一电阻不计的金属线悬挂着一个金属球，球的下部与AB接触良好且无摩擦．A、B之间接有内阻不计、电动势为9V的电池，电路中接有理想电流表A，O、B间接有一个理想电压表V．整个装置在一竖直平面内，且装置所在平面与列车前进的方向平行．如下说法中正确的答案是〔〕A．从图中看到列车一定是向右加速运动B．当列车的加速度增大时，电流表A的读数增大，电压表V的读数也增大C．假设电压表显示3V，如此列车的加速度为gD．如果根据电压表示数与列车加速度的一一对应关系将电压表改制成一个加速度表，如此加速度表的刻度是不均匀的二、实验题〔此题共两个小题，总分为60分〕11．如图甲所示，某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器的挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车与传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系．〔1〕该同学将实验器材如图甲所示连接后，实验时还需要注意什么？〔只需填一条须知事项〕〔2〕先接通电源，小车由静止释放，获得的一条纸带如图乙，O、A、B、C、D和E为纸带上六个计数点，O为运动时打的第一个点，如此OD间的距离为cm．〔3〕图丙是根据实验数据绘出的s﹣t2图线〔s为各计数点至起点O的距离〕，如此由此图可算出加速度为m/s2〔保存两位有效数字〕．12．在测定某新型电池的电动势和内阻的实验中，所提供的器材有：待测电池〔电动势约6V〕电流表G〔量程6.0mA，内阻r1=100Ω〕电流表A〔量程0.6A，内阻r2=5.0Ω〕定值电阻R1=100Ω定值电阻R2=900Ω滑动变阻器R′〔0﹣50Ω〕开关、导线假设干〔1〕为了准确测出该电池的电动势和内阻，采用图甲所示实验电路图，其中定值电阻应选用〔选填R1或R2〕．〔2〕某同学在实验中测出电流表A和电流表G的示数I和I g，根据记录数据作出I g﹣I图象如图乙所示〔图象的斜率用k表示〕．根据图象可求得，被测电池电动势值为V；内阻的表达式r=，其值为．13．如下列图，在两车道的公路上有黑白两辆车，黑色车辆停在A线位置，某时刻白色车速度以v1=40m/s通过A线后立即以大小a1=4m/s2的加速度开始制动减速，黑车4s后开始以a2=4m/s2的加速度开始向同一方向匀加速运动，经过一定时间，两车同时在B线位置．两车看成质点．从白色车通过A线位置开始计时，求经过多长时间两车同时在B 线位置与在B线位置时黑色车的速度大小．14．如下列图，在竖直平面内有xOy坐标系，长为l的不可伸长细绳，一端固定在A点，A点的坐标为〔0、〕，另一端系一质量为m的小球．现在x坐标轴上〔x＞0〕固定一个小钉，拉小球使细绳绷直并呈水平位置，再让小球从静止释放，当细绳碰到钉子以后，小球可以绕钉子在竖直平面内做圆周运动．〔1〕当钉子在x=l的P点时，小球经过最低点时细绳恰好不被拉断，求细绳能承受的最大拉力；〔2〕为使小球释放后能绕钉子在竖直平面内做圆周运动，而细绳又不被拉断，求钉子所在位置的范围．15．如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L=20cm、相互平行的无电阻轨道P、Q，轨道一端固定一根电阻r=0.02Ω的导体棒a，轨道上横置一根质量m=40g、电阻可忽略不计的金属棒b，两棒相距也为L=20cm．该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中．开始时，磁感应强度B0=0.10T．设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕假设保持磁感应强度B0的大小不变，从t=0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动．此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示．求b棒做匀加速运动的加速度与b棒与导轨间的滑动摩擦力；〔2〕假设从t=0开始，磁感应强度B随时间t按图丙中图象所示的规律变化，求在金属棒b 开始运动前，这个装置释放的热量是多少？16．如图甲所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，场强大小E=，右侧有一个以点〔3L，0〕为中心、边长为2L的正方形区域，其边界ab与x轴平行，正方形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入正方形区域．〔1〕求电子进入正方形磁场区域时的速度v；〔2〕在正方形区域加垂直纸面向里的匀强磁场B，使电子从正方形区域边界点d点射出，如此B的大小为多少；〔3〕假设当电子到达M点时，在正方形区域加如图乙所示周期性变化的磁场〔以垂直于纸面向外为磁场正方向〕，最后电子运动一段时间后从N点飞出，速度方向与电子进入磁场时的速度方向一样，求正方形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式．2015-2016学年河南省中原名校高三〔上〕第三次联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共10小题，每一小题5分，共50分．在每一小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，8～10小题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分．〕1．2015年元宵节期间人们燃放起美丽的烟火以庆祝中华民族的传统节日，按照设计，某种型号的装有烟花的礼花弹从专用从专用炮筒中射出后，在 3s末到达离地面 90m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案．假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么为v0和k分别等于〔〕A．30m/s 1 B．30m/s 0.5 C．60m/s 0.5 D．60m/s 1【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】礼花弹从炮筒中竖直射出时向上做匀减速直线运动，对其进展受力分析，根据牛顿第二定律与匀减速直线运动的根本公式即可求解．【解答】解：上升过程中所受的平均阻力f=kmg，根据牛顿第二定律得：a==〔k+1〕g；根据h=at2得：a===20m/s2，所以v0=at=20×3=60m/s，而〔k+1〕g=20m/s2，所以 k=1．应当选：D【点评】此题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确物体的受力分析，知道礼花弹在空中受重力和空气阻力的作用，再由牛顿第二定律分析求解即可．2．如下列图，细绳一端固定在天花板上的O点，另一端穿过一张CD光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿．现将CD光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，CD光盘中央小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为θ时，小球上升的速度大小为〔〕A．vsinθB．vcosθC．vtanθD．vcotθ【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】对线与CD光盘交点进展运动的合成与分解，此点既有沿着线方向的运动，又有垂直线方向的运动，而实际运动即为CD光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解．【解答】解：由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是沿着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，如此合运动的速度大小为v，由数学三角函数关系，如此有：v线=vsinθ；而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小，故A正确，BCD错误；应当选：A．【点评】考查运动的合成与分解，掌握分运动与合运动确实定是解题的关键，同时理解力的平行四边形定如此内容．3．转笔〔Pen Spinning〕是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如下列图．转笔深受广阔中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，如下有关该同学转笔中涉与到的物理知识的表示正确的答案是〔〕A．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越大B．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的C．假设该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走D．假设该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，由于笔杆中不会产生感应电流，因此金属笔杆两端一定不会形成电势差【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；向心力．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】A、根据向心加速度公式a n=ω2R，即可确定向心加速度大小；B、各点做圆周运动的向心力是杆的弹力提供；C、当提供的向心力小于需要向心力，如此会出现离心现象；D、根据电磁感应现象，结合地磁场，从而判定是否感应电动势，与感应电流．【解答】解：A、由向心加速度公式a n=ω2R，笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越小，故A错误；B、杆上的各点做圆周运动的向心力是由杆的弹力提供的，与万有引力无关，故B错误；C、当转速过大时，当提供的向心力小于需要向心力，出现笔尖上的小钢珠有可能做离心运动被甩走，故C正确；D、当金属笔杆转动时，切割地磁场，从而产生感应电动势，但不会产生感应电流，故D错误；应当选：C．【点评】考查向心加速度公式，掌握向心力的来源，理解离心现象的条件，与电磁感应现象，注意形成感应电流的条件．4．2015年9月30日7时13分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功将第4颗新一代北斗导航卫星送入倾角55°的倾斜地球同步轨道，新一代北斗导航卫星的发射，标志着我国在卫星研制、发射方面取得里程碑式的成功．关于该卫星到地心的距离r可由求出，式中G为万有引力常量，如此关于物理量a，b，c的描述正确的答案是〔〕A．a是地球平均密度，b是地球自转周期，c是地球半径B．a是地球外表重力加速度，b是地球自转周期，c是卫星的加速度C．a是地球平均密度，b是卫星的加速度，c是地球自转的周期D．a是地球外表重力加速度，b是地球自转周期，c是地球半径【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】由万有引力提供向心力，列方程求得r的表达式可分析a，b，c的物理意义．【解答】解：万有引力提供向心力：可得：r===，如此可知a是地球平均密度，b是地球自转周期，c是地球半径，如此A正确应当选：A【点评】明确万有引力提供向心力，列出方程，再结合所给的式子确定出质量的表达式可得结论．5．某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，如下说法中正确的答案是〔〕A．加速时加速度的大小为g B．加速时动力的大小等于mgC．减速时动力的大小等于mg D．减速飞行时间2t后速度为零【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，根据几何关系求出合力，由牛顿第二定律求出加速度，根据匀加速运动速度公式求解最大速度；推力方向逆时针旋转60°后，先根据牛顿第二定律求解加速度，再求出继续上升的时间．【解答】解：A、B、起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为F b，如下列图：在△OFF b中，由几何关系得：F=，F b=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g故A正确，B错误；C、D、t时刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h垂直，如下列图，此时合力大小为：F'h=mgsin30°动力大小：飞行器的加速度大小为：a2==g到最高点的时间为：t′===2t故CD正确；应当选：ACD．【点评】此题主要考查了牛顿第二定律与运动学根本公式的应用，要求同学们能正确对分析器进展受力分析并能结合几何关系求解，难度适中．6．如下列图，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线送给用户〔电灯等用电器〕，R表示输电线的电阻，如此〔〕A．用电器增加时，变压器输出电压增大B．要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C．用电器增加时，输电线的热损耗减少D．用电器增加时，变压器的输入功率减小【考点】变压器的构造和原理．【专题】定性思想；推理法；交流电专题．【分析】对于理想变压器要明确两个关系：一是输出电压由输入电压决定，二是输入功率由输出功率决定．明确这两个关系然后根据有关电路知识即可求解．【解答】解：A、由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此增加负载不会影响输出电压，故A错误；B、根据变压器原理可知输出电压U2=U1，当滑动触头P应向上滑时，n2增大，所以输出电压增大，用户两端电压增大，故B正确；C、由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增大，故输电线上热损耗增大，故C错误；D、用电器增加时总电阻变小，总电流增大，输出功率增大，所以输入功率增大，故D错误．应当选：B【点评】分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并联知识进展求解．7．静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置．如下列图为该透镜工作原理示意图，虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于Ox轴、Oy轴对称，且相邻两等势线的电势差相等．图中实线为某个电子通过电场区域时的轨迹示意图，关于此电子从a点运动到b点过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．a点的电势高于b点的电势B．电子在a点的加速度大于在b点的加速度C．电子在a点的动能大于在b点的动能D．电子在a点的电势能大于在b点的电势能【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等势线与电场线垂直和电势变化的情况从而画出电场线，然后根据受力情况分析出物体在x轴方向的速度变化情况．根据负电荷在电势低处电势能大，判断电势能的变化，确定电场力做功的正负．【解答】解：A、由于等势线的电势沿x轴正向增加，根据等势线与电场线垂直，可作出电场线，电子所受的电场力与场强方向相反，故电子在y轴左侧受到一个斜向右下方的电场力，在y轴右侧受到一个斜向右上方的电场力，故电子沿x轴方向一直加速，对负电荷是从低电势向高电势运动，故A错误．B、根据等势线的疏密知道b处的电场线也密，场强大，电子的加速度大，故B错误．C、根据负电荷在负电荷在电势低处电势能大，可知电子的电势能一直减小，如此电子在a处的电势能大于在b处的电势能D电子的电势能一直减小，如此电子穿过电场的过程中，电场力始终做正功，动能增加，故C错误，D正确．应当选：D．【点评】解决这类题目的一定要从受力情况着手，分析电子的运动情况，能熟练运用推论：负电荷在电势低处电势能大，判断电势能的变化．8．如下列图，在质量为m B=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量m A=20kg的小物体A〔可视为质点〕，对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动．测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计．如此如下选项正确的答案是〔〕A．车厢B在2.0 s内的加速度为2.5 m/s2B．A在2.0 s末的速度大小是4.5 m/sC．2.0 s内A在B上滑动的距离是0.5 mD．A的加速度大小为2.5 m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据位移公式可求得车厢的加速度；对B根据牛顿第二定律列式求出摩擦力；再对A 分析，根据牛顿第二定律可求得加速度；根据速度公式求出速度；再根据位移公式求出位移，如此可明确A在B上滑行的距离．【解答】解：设t=2.0s内车厢的加速度为a B，由s=得a B=2. 5m/s2．如此A正确；B、对B物体，由牛顿第二定律：F﹣f=m B a B，得f=45N．对A据牛顿第二定律得A的加速度大小为a A===2.25m/s2，所以t=2.0s末A的速度大小为：V A=a A t=2.25×2=4.5m/s．在t=2.0s内A运动的位移为S A===4.5m；A在B上滑动的距离△s=s﹣s A=5﹣4.5=0.5m；故BC正确，D错误；应当选：ABC．【点评】此题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确AB间运动的关系，能正确分析两物体的受力情况以与运动过程，从而明确相对位移和速度的变化关系．9．如图，两根平行长直导线相距2l，通有大小相等、方向一样的恒定电流，a、b、c是导线所在平面内的三点，左侧导线与它们的距离分别为、l和3l．关于这三点处的磁感应强度，如下判断正确的答案是〔〕A．a处的磁感应强度大小比c处的大B．b、c两处的磁感应强度大小相等C．a、c两处的磁感应强度方向一样D．b处的磁感应强度为零【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据安培定如此判断两根直导线在三个点产生的磁场方向，由磁场的叠加原理分析即可．【解答】解：A、B、C、根据安培定如此判断知：左侧导线在a点产生的磁场方向向里，在c 点产生的磁场方向向外，右侧导线在a点产生的磁场方向向里，在b点产生的磁场方向向里，根据磁感线的疏密表示磁场的强弱，可知离直导线越远，磁场越弱，可知：a处磁感线比c处密，如此a处的磁感应强度大小比c处的大．由磁场的叠加可知：a、c两处的磁感应强度方向相反．故A正确，BC错误；D、由于左右侧导线在b处产生的磁感应强度方向相反，大小相等，所以b处的磁感应强度为零，故D正确．。
高三物理月考试题及答案-河南中原名校2015-2016学年高三上学期第三次联考试卷
2015-2016学年河南省中原名校高三（上）第三次联考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，8～10小题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分．）1．2015年元宵节期间人们燃放起美丽的烟火以庆祝中华民族的传统节日，按照设计，某种型号的装有烟花的礼花弹从专用从专用炮筒中射出后，在3s末到达离地面90m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案．假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么为v0和k分别等于（）A．30m/s 1 B．30m/s 0.5 C．60m/s 0.5 D．60m/s 12．如图所示，细绳一端固定在天花板上的O点，另一端穿过一张CD光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿．现将CD光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，CD光盘中央小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为θ时，小球上升的速度大小为（）A．vsinθ B．vcosθC．vtanθ D．vcotθ3．转笔（Pen Spinning）是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是（）A．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越大B．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的C．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走D．若该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，由于笔杆中不会产生感应电流，因此金属笔杆两端一定不会形成电势差4．2015年9月30日7时13分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功将第4颗新一代北斗导航卫星送入倾角55°的倾斜地球同步轨道，新一代北斗导航卫星的发射，标志着我国在卫星研制、发射方面取得里程碑式的成功．关于该卫星到地心的距离r可由求出，已知式中G为万有引力常量，则关于物理量a，b，c的描述正确的是（）A．a是地球平均密度，b是地球自转周期，c是地球半径B．a是地球表面重力加速度，b是地球自转周期，c是卫星的加速度C．a是地球平均密度，b是卫星的加速度，c是地球自转的周期D．a是地球表面重力加速度，b是地球自转周期，c是地球半径5．某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是（）A．加速时加速度的大小为g B．加速时动力的大小等于mgC．减速时动力的大小等于mg D．减速飞行时间2t后速度为零6．如图所示，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线送给用户（电灯等用电器），R表示输电线的电阻，则（）A．用电器增加时，变压器输出电压增大B．要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C．用电器增加时，输电线的热损耗减少D．用电器增加时，变压器的输入功率减小7．静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置．如图所示为该透镜工作原理示意图，虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于Ox轴、Oy轴对称，且相邻两等势线的电势差相等．图中实线为某个电子通过电场区域时的轨迹示意图，关于此电子从a点运动到b点过程中，下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．电子在a点的加速度大于在b点的加速度C．电子在a点的动能大于在b点的动能D．电子在a点的电势能大于在b点的电势能8．如图所示，在质量为m B=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量m A=20kg的小物体A（可视为质点），对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动．测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计．则下列选项正确的是（）A．车厢B在2.0 s内的加速度为2.5 m/s2B．A在2.0 s末的速度大小是4.5 m/sC．2.0 s内A在B上滑动的距离是0.5 mD．A的加速度大小为2.5 m/s29．如图，两根平行长直导线相距2l，通有大小相等、方向相同的恒定电流，a、b、c是导线所在平面内的三点，左侧导线与它们的距离分别为、l和3l．关于这三点处的磁感应强度，下列判断正确的是（）A．a处的磁感应强度大小比c处的大B．b、c两处的磁感应强度大小相等C．a、c两处的磁感应强度方向相同D．b处的磁感应强度为零10．某同学设计了一个测定列车加速度的仪器，如图所示．AB是一段圆弧的电阻，O点为其圆心，圆弧半径为r．O点下用一电阻不计的金属线悬挂着一个金属球，球的下部与AB 接触良好且无摩擦．A、B之间接有内阻不计、电动势为9V的电池，电路中接有理想电流表A，O、B间接有一个理想电压表V．整个装置在一竖直平面内，且装置所在平面与列车前进的方向平行．下列说法中正确的是（）A．从图中看到列车一定是向右加速运动B．当列车的加速度增大时，电流表A的读数增大，电压表V的读数也增大C．若电压表显示3V，则列车的加速度为gD．如果根据电压表示数与列车加速度的一一对应关系将电压表改制成一个加速度表，则加速度表的刻度是不均匀的二、实验题（本题共两个小题，满分60分）11．如图甲所示，某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器的挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系．（1）该同学将实验器材如图甲所示连接后，实验时还需要注意什么？（只需填一条注意事项）（2）先接通电源，小车由静止释放，获得的一条纸带如图乙，O、A、B、C、D和E为纸带上六个计数点，O为运动时打的第一个点，则OD间的距离为cm．（3）图丙是根据实验数据绘出的s﹣t2图线（s为各计数点至起点O的距离），则由此图可算出加速度为m/s2（保留两位有效数字）．12．在测定某新型电池的电动势和内阻的实验中，所提供的器材有：待测电池（电动势约6V）电流表G（量程6.0mA，内阻r1=100Ω）电流表A（量程0.6A，内阻r2=5.0Ω）定值电阻R1=100Ω定值电阻R2=900Ω滑动变阻器R′（0﹣50Ω）开关、导线若干（1）为了精确测出该电池的电动势和内阻，采用图甲所示实验电路图，其中定值电阻应选用（选填R1或R2）．（2）某同学在实验中测出电流表A和电流表G的示数I和I g，根据记录数据作出I g﹣I图象如图乙所示（图象的斜率用k表示）．根据图象可求得，被测电池电动势值为V；内阻的表达式r=，其值为．13．如图所示，在两车道的公路上有黑白两辆车，黑色车辆停在A线位置，某时刻白色车速度以v1=40m/s通过A线后立即以大小a1=4m/s2的加速度开始制动减速，黑车4s后开始以a2=4m/s2的加速度开始向同一方向匀加速运动，经过一定时间，两车同时在B线位置．两车看成质点．从白色车通过A线位置开始计时，求经过多长时间两车同时在B线位置及在B线位置时黑色车的速度大小．14．如图所示，在竖直平面内有xOy坐标系，长为l的不可伸长细绳，一端固定在A点，A 点的坐标为（0、），另一端系一质量为m的小球．现在x坐标轴上（x＞0）固定一个小钉，拉小球使细绳绷直并呈水平位置，再让小球从静止释放，当细绳碰到钉子以后，小球可以绕钉子在竖直平面内做圆周运动．（1）当钉子在x=l的P点时，小球经过最低点时细绳恰好不被拉断，求细绳能承受的最大拉力；（2）为使小球释放后能绕钉子在竖直平面内做圆周运动，而细绳又不被拉断，求钉子所在位置的范围．15．如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L=20cm、相互平行的无电阻轨道P、Q，轨道一端固定一根电阻r=0.02Ω的导体棒a，轨道上横置一根质量m=40g、电阻可忽略不计的金属棒b，两棒相距也为L=20cm．该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中．开始时，磁感应强度B0=0.10T．设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2．（1）若保持磁感应强度B0的大小不变，从t=0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动．此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示．求b棒做匀加速运动的加速度及b棒与导轨间的滑动摩擦力；（2）若从t=0开始，磁感应强度B随时间t按图丙中图象所示的规律变化，求在金属棒b 开始运动前，这个装置释放的热量是多少？16．如图甲所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，场强大小E=，右侧有一个以点（3L，0）为中心、边长为2L的正方形区域，其边界ab与x轴平行，正方形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m，带电量为e的电子，从y 轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入正方形区域．（1）求电子进入正方形磁场区域时的速度v；（2）在正方形区域加垂直纸面向里的匀强磁场B，使电子从正方形区域边界点d点射出，则B的大小为多少；（3）若当电子到达M点时，在正方形区域加如图乙所示周期性变化的磁场（以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子运动一段时间后从N点飞出，速度方向与电子进入磁场时的速度方向相同，求正方形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式．2015-2016学年河南省中原名校高三（上）第三次联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，8～10小题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分．）1．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】礼花弹从炮筒中竖直射出时向上做匀减速直线运动，对其进行受力分析，根据牛顿第二定律及匀减速直线运动的基本公式即可求解．【解答】解：上升过程中所受的平均阻力f=kmg，根据牛顿第二定律得：a==（k+1）g；根据h=at2得：a===20m/s2，所以v0=at=20×3=60m/s，而（k+1）g=20m/s2，所以k=1．故选：D【点评】本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确物体的受力分析，知道礼花弹在空中受重力和空气阻力的作用，再由牛顿第二定律分析求解即可．2．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】对线与CD光盘交点进行运动的合成与分解，此点既有沿着线方向的运动，又有垂直线方向的运动，而实际运动即为CD光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解．【解答】解：由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是沿着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v，由数学三角函数关系，则有：v线=vsinθ；而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】考查运动的合成与分解，掌握分运动与合运动的确定是解题的关键，同时理解力的平行四边形定则内容．3．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；向心力．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】A、根据向心加速度公式a n=ω2R，即可确定向心加速度大小；B、各点做圆周运动的向心力是杆的弹力提供；C、当提供的向心力小于需要向心力，则会出现离心现象；D、根据电磁感应现象，结合地磁场，从而判定是否感应电动势，及感应电流．【解答】解：A、由向心加速度公式a n=ω2R，笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越小，故A错误；B、杆上的各点做圆周运动的向心力是由杆的弹力提供的，与万有引力无关，故B错误；C、当转速过大时，当提供的向心力小于需要向心力，出现笔尖上的小钢珠有可能做离心运动被甩走，故C正确；D、当金属笔杆转动时，切割地磁场，从而产生感应电动势，但不会产生感应电流，故D错误；故选：C．【点评】考查向心加速度公式，掌握向心力的来源，理解离心现象的条件，及电磁感应现象，注意形成感应电流的条件．4．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】由万有引力提供向心力，列方程求得r的表达式可分析a，b，c的物理意义．【解答】解：万有引力提供向心力：可得：r===，则可知a是地球平均密度，b是地球自转周期，c是地球半径，则A正确故选：A【点评】明确万有引力提供向心力，列出方程，再结合所给的式子确定出质量的表达式可得结论．5．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，根据几何关系求出合力，由牛顿第二定律求出加速度，根据匀加速运动速度公式求解最大速度；推力方向逆时针旋转60°后，先根据牛顿第二定律求解加速度，再求出继续上升的时间．【解答】解：A、B、起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为F b，如图所示：在△OFF b中，由几何关系得：F=，F b=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g故A正确，B错误；C、D、t时刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h垂直，如图所示，此时合力大小为：F'h=mgsin30°动力大小：飞行器的加速度大小为：a2==g到最高点的时间为：t′===2t故CD正确；故选：ACD．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求同学们能正确对分析器进行受力分析并能结合几何关系求解，难度适中．6．【考点】变压器的构造和原理．【专题】定性思想；推理法；交流电专题．【分析】对于理想变压器要明确两个关系：一是输出电压由输入电压决定，二是输入功率由输出功率决定．明确这两个关系然后根据有关电路知识即可求解．【解答】解：A、由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此增加负载不会影响输出电压，故A错误；B、根据变压器原理可知输出电压U2=U1，当滑动触头P应向上滑时，n2增大，所以输出电压增大，用户两端电压增大，故B正确；C、由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增大，故输电线上热损耗增大，故C错误；D、用电器增加时总电阻变小，总电流增大，输出功率增大，所以输入功率增大，故D错误．故选：B【点评】分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并联知识进行求解．7．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等势线与电场线垂直和电势变化的情况从而画出电场线，然后根据受力情况分析出物体在x轴方向的速度变化情况．根据负电荷在电势低处电势能大，判断电势能的变化，确定电场力做功的正负．【解答】解：A、由于等势线的电势沿x轴正向增加，根据等势线与电场线垂直，可作出电场线，电子所受的电场力与场强方向相反，故电子在y轴左侧受到一个斜向右下方的电场力，在y轴右侧受到一个斜向右上方的电场力，故电子沿x轴方向一直加速，对负电荷是从低电势向高电势运动，故A错误．B、根据等势线的疏密知道b处的电场线也密，场强大，电子的加速度大，故B错误．C、根据负电荷在负电荷在电势低处电势能大，可知电子的电势能一直减小，则电子在a处的电势能大于在b处的电势能D电子的电势能一直减小，则电子穿过电场的过程中，电场力始终做正功，动能增加，故C错误，D正确．故选：D．【点评】解决这类题目的一定要从受力情况着手，分析电子的运动情况，能熟练运用推论：负电荷在电势低处电势能大，判断电势能的变化．8．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据位移公式可求得车厢的加速度；对B根据牛顿第二定律列式求出摩擦力；再对A分析，根据牛顿第二定律可求得加速度；根据速度公式求出速度；再根据位移公式求出位移，则可明确A在B上滑行的距离．【解答】解：设t=2.0s内车厢的加速度为a B，由s=得a B=2. 5m/s2．则A正确；B、对B物体，由牛顿第二定律：F﹣f=m B a B，得f=45N．对A据牛顿第二定律得A的加速度大小为a A===2.25m/s2，所以t=2.0s末A的速度大小为：V A=a A t=2.25×2=4.5m/s．在t=2.0s内A运动的位移为S A===4.5m；A在B上滑动的距离△s=s﹣s A=5﹣4.5=0.5m；故BC正确，D错误；故选：ABC．【点评】本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确AB间运动的关系，能正确分析两物体的受力情况以及运动过程，从而明确相对位移和速度的变化关系．9．【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据安培定则判断两根直导线在三个点产生的磁场方向，由磁场的叠加原理分析即可．【解答】解：A、B、C、根据安培定则判断知：左侧导线在a点产生的磁场方向向里，在c 点产生的磁场方向向外，右侧导线在a点产生的磁场方向向里，在b点产生的磁场方向向里，根据磁感线的疏密表示磁场的强弱，可知离直导线越远，磁场越弱，可知：a处磁感线比c 处密，则a处的磁感应强度大小比c处的大．由磁场的叠加可知：a、c两处的磁感应强度方向相反．故A正确，BC错误；D、由于左右侧导线在b处产生的磁感应强度方向相反，大小相等，所以b处的磁感应强度为零，故D正确．故选：AD．【点评】本题关键要掌握安培定则，运用磁场的叠加分析磁感应强度的大小．10．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；闭合电路的欧姆定律．【分析】通过小球的合力方向确定列车的加速度方向，当加速度增大时，判断出θ角的变化，从而得知BC段电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律判断电流和电压的变化【解答】解：A、小球所受的合力水平向右，知列车向右做加速运动或向左做减速运动．故A错误．B、小球的加速度a=gtanθ，当加速度增大，θ增大，BC段电阻增大，因为总电阻不变，所以电流不变，BC段电压增大．故B错误．C、当电压表为3V时，知BC段的电阻是总电阻的三分之一，则θ=30°，则a=gtan30°=．故C正确．D、根据a=gtanθ知，a与θ不成正比关系，因为电流不变，电压表示数的大小与电阻成正比，BC段电阻与θ成正比，所以a与电压表示数的关系不成正比，所以加速度表的刻度不均匀．故D正确．故选：CD【点评】本题将闭合电路欧姆定律与牛顿第二定律综合，关键知道θ与加速度的关系，θ与BC段电阻的大小关系二、实验题（本题共两个小题，满分60分）11．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题．【分析】（1）根据实验注意事项分析答题．（2）由图示刻度尺确定其分度值，读出其示数．（3）应用匀变速直线运动的位移公式与图示图象求出加速度．【解答】解：（1）实验前要平衡摩擦力；实验时要先接通电源，在释放小车等．（2）有图示刻度尺可知，其分度值为1mm，OD间的距离为：2.20﹣1.00=1.20cm．（3）小车做初速度为零的匀加速直线运动，位移：s=at2，则s﹣t2图象的斜率：k=a，由图示图象可知：k==≈0.465m/s2，则加速度：a=2k=2×0.465=0.93m/s2；故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）1.20；（3）0.93．【点评】本题考查了实验注意事项、刻度尺读数、求加速度；对刻度尺读数时要先确定刻度尺的分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直；应用匀变速直线运动的位移公式、分析清楚图示图象即可求出加速度．12．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】表头及定值电阻串联可充当电压表使用，则由闭合电路欧姆定律可得出表达式，由图象结合表达式可得出电动势和内电阻；【解答】解：（1）由于题目中没有电压表，所以用电流计和定值电阻串联，改装成电压表，待测电池的电动势约为6V，所以应串联的电阻R==900Ω，故选R2；（2）表头的示数与定值电阻阻值的乘积可作为路端电压处理，则由闭合电路欧姆定律可知：I g（R2+r1）=E﹣I（r+r2）解得：I g=I+所以b=解得：E=b（r1+R2），由图象得：E=5.8Vk=解得：r=﹣k（r1+R2）﹣r2则r=2Ω故答案为：①、R2（2）如图所示5.8V；r=﹣k（r1+R2）﹣r2；2Ω【点评】本题为测量电源的电动势和内电阻的实验的变形，注意由于没有电压表，本实验中采用改装的方式将表头改装为电压表，再根据原实验的研究方法进行分析研究．13．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）白车做匀减速运动直到速度减为0，然后一直静止；黑车3s后由静止开始做匀加速运动，由运动学公式先求出警车的运动时间和位移，再求出黑车在这段时间的位移，然后利用运动学公式求解．（2）用匀加速运动的公式求黑车的末速度【解答】解：设白车停下来所需的时间为t1，减速过程通过的距离为x1，则υ1=a1t1解得x1=200m，t1=10s在t1=10s时，设黑车通过的距离为x2，则解得x2=72m＜x1=200m所以白车停车前未相遇，即白车停车位置就是B线位置．设经过时间t两车同时在B线位置，在B线位置黑车的速度为v2，则υ2=a2（t﹣t0）解得t=14s，v2=40m/s答：经过14s两车同时在B线位置，在B线位置时黑色车的速度大小为40m/s【点评】本题考查运动学中的追及问题，抓住位移和时间关系，运用运动学公式进行求解14．【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）由数学知识求出小球做圆周运动的轨道半径，由机械能守恒定律求出小球到达最低点时的速度，然后由牛顿第二定律求出绳子的拉力．（2）由牛顿第二定律求出小球到达最高点的速度，由机械能守恒定律求出钉子的位置，然后确定钉子位置范围．【解答】解：（1）当钉子在的P点时，小球绕钉子转动的半径为：，小球由静止到最低点的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：，在最低点细绳承受的拉力最大，由牛顿第二定律得：，联立解得：F=7mg；（2）小球绕钉子圆周运动恰好到达最高点时，由牛顿第二定律得：，运动中机械能守恒，由机械能守恒定律得：，钉子所在位置为：，解得：，因此钉子所在位置的范围为；答：（1）当钉子在x=l的P点时，小球经过最低点时细绳恰好不被拉断，细绳能承受的最大拉力为7mg；（2）为使小球释放后能绕钉子在竖直平面内做圆周运动，而细绳又不被拉断，钉子所在位置的范围为：．【点评】小球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，应用机械能守恒定律与牛顿第二定律即可正确解题；解题时要注意，小球恰好到达最高点时，重力提供向心力．15．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．。
2016届高三六校第三次联考(理综)
2016届高三六校第三次联考理科综合本试卷共16页，40题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
考生注意：1．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
答在试题卷、草稿纸上无效。
2．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内，答在试题卷、草稿纸上无效。
3．选考题的作答：先把所选题目对应题号右边的方框，在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
考生应根据自己选做的题目准确填涂题号，不得多选。
答题答在答题卡上对应的答题区域内。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Cl 35.5 Co 59第I卷（共21小题，共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．有关生物膜结构与功能的叙述，不正确的是A．生物膜之间可通过具膜小泡的转移实现膜成分的更新B．分泌蛋白合成越旺盛的细胞，其高尔基体膜成分的更新速度越快C．有氧呼吸和光合作用产生ATP均在生物膜上进行D．细胞膜上的受体不一定是细胞间信息交流所必需的结构2．研究人员发现小鼠一条染色体上一个抑癌基因邻近的基因能够合成反义RNA，反义RNA 可以与抑癌基因转录形成的mRNA形成杂交分子，从而阻断抑癌基因的表达，据图分析下列说法错误的是A．图中①过程是在小鼠细胞的细胞质中进行B．与②过程直接有关的核酸除图中所示外还有tRNA和rRNAC．抑癌基因的主要作用是阻止细胞不正常增殖D．如果细胞中出现了杂交分子，则抑癌基因被沉默，此时②过程被抑制3．某生物基因表达过程如图所示，下列叙述与该图不相符的是A．该过程发生在真核细胞中B．mRNA从细胞核内到达细胞质穿越生物膜层数为0层C．图中表示3条多肽链正在合成，肽链合成的方向为:5｀→3｀D．多个核糖体同时结合到mRNA上，共同完成一条肽链合成，提高了翻译效率4．根据现代生物进化理论，下列说法正确的是A．生物进化的实质是种群基因型频率的改变B．自然选择决定了生物变异和进化的方向C．自然选择通过作用于个体而影响种群的基因频率D．共同进化是不同物种之间在相互影响中不断进化和发展的现象5．为探究培养液中酵母菌种群数量的动态变化，某同学进行了如下操作, 其中操作不正确的有A．从试管中吸出培养液进行计数前，需将试管轻轻震荡几次B．在血球计数板中央滴一滴培养液，盖上盖玻片，用滤纸吸除血球计数板边缘多余培养液C．将计数板放在载物台中央，待酵母菌沉降到计数室底部，在显微镜下观察、计数D．如果一个小方格内酵母菌过多，需将菌液稀释合适倍数后重新计数6．病毒是对人类危害较大的病原微生物，下列关于病毒的叙述，不正确的是A．病毒只含有DNA或RNA其中一种B．病毒利用宿主细胞的氨基酸合成子代病毒的蛋白质C．炭疽病、结核病、狂犬病、乙肝等疾病并非都是由病毒引起的D．人类感染HIV病毒可导致自身免疫性疾病7．化学在生产和日常生活中有着重要的应用。
高三物理月考试题及答案-河南郑州市2016届高三第三次质量检测(三模)理综试题
河南省郑州市2016年高中毕业年级第三次质量预测二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中。
第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分。
选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14．如图所示，在竖直方向运行的电梯中，一个质量为m的物块置于倾角为30°的粗糙斜面上，物块始终位于斜面上某一位置。
则下列判断中正确的是A．若电梯静止不动，物块所受的摩擦力一定是零B．若电梯匀速向上运动，物块所受摩擦力方向有可能沿斜面向下C．若电梯加速上升，物块所受弹力与摩擦力的合力一定大于mgD．若电梯加速下降，物块所受摩擦力的方向一定沿斜面向下15．如图所示，a、b为环绕某红矮星运行的行星,a行星的运行轨道为圆轨道，b行星的运行轨道为椭圆轨道，两轨道和红矮星都在同一平面内。
已知a行星的公转周期为18天，则下列说法正确的是A．b行星的公转周期大于18天B．b行星在轨道上运行的最大速度小于a行星的速度C．若已知b行星轨道半长轴，可求得红矮星的密度D．若已知a行星的轨道半径，可求得红矮星的质量16．如图所示为某粒子分析器的简化结构。
金属板P、Q相互平行，两板通过直流电源、开关相连，其中Q板接地。
一束带电粒子，从a处以一定的初速度平行于金属板P、Q射入两板之间的真空区域，经偏转后打在Q板上如图所示的位置。
在其他条件不变的情况下，要使该粒子束能从Q 板上b 孔射出（不计粒子重力和粒子间的相互影响），下列操作中可能实现的是A ．保持开关S 闭合，适当上移P 极板B ．保持开关S 闭合，适当左移P 极板C ．先断开开关S ，再适当上移P 极板D ．先断开开关S ，再适当左移P 极板17．图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴（沿水平方向）匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R ＝10Ω连接，与电阻R 并联的交流电压表为理想电压表，示数是10 V 。
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中原名校2015—2016学年上期第三次联考
高三物理试题参考答案
1．D 试题分析： 礼花弹从炮筒中竖直射出时向上做匀减速直线运动，对其进行受力分
析，
根据牛顿第二定律及匀减速直线运动的基本公式即可求解【解析】： 解：上升过程 中所受的平均阻力f=kmg ，根据牛顿第二定律得：a=
m f mg +=（k+1）g 根据h=21at2得：a=22t
h =20m/s2，所以v0=at=60m/s ，而（k +1）g=20m/s2，所以 k=1． 故选：D
2．A 试题分析：由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是 逆着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速
度大小为v ，由数学三角函数关系，则有：；而
线的速度的方向，即为小球上升的速度大小，故A 正确。
3．C 试题分析：笔杆上各点的角速度相同，根据
可知，笔杆上的点离O 点越近的， 做圆周运动的向心加速度越小，选项A 错误；笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由
笔杆对该点的作用力提供的，选项B 错误；若该同学使用中性笔，若转动过快，则笔
尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走，选项C 正确；若考虑地磁场的
影响，由于笔杆转动时可能要切割磁感线而使金属笔杆两端形成电势差，选项D 错误；
故选C 。
F=mg
飞行器的加速度大小为：a2=g/2；所以减速飞行时间2t后速度为零；故A正确，B
ＣD错故选A
6．B 试题分析：对于理想变压器要明确两个关系：一是输出电压由输入电压决定，二是输入功率由输出功率决定．明确这两个关系然后根据有关电路知识即可求解．
解：A、由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此增加负载不会影响输出电压，故A错误；
B、根据变压器原理可知输出电压，当滑动触头P向上滑时，n2增大，
所以输出电压增大，用户两端电压增大，故B正确；
C、由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增
大，故输电线上热损耗增大，故C错误；
D、用电器增加时总电阻变小，总电流增大，输出功率增大，所以输入功率增大，故
D错误．
故选Ｂ．
7．D 试题分析：根据合力指向轨迹的内侧和电场线与等势线垂直，确定电场沿x轴负方向，所以电势沿ｘ轴方向增加，电子带负电，沿ｘ轴方向，电势升高，电势能减小，动能增大，所以A、C错误；D正确；等势面密集的地方电场线密集，所以a点场强小于b点场强，a点加速度小于b点加速度，B错误；故选D
【思路点拨】根据合力指向轨迹的内侧和电场线与等势线垂直，确定电场力的方向，判断电势的高低．由电场力做功的正负判断电势能的变化．电场力做正功，质点的电
势能减小，动能增大；电场力做负功，质点的电势能增大，动能减小．
8．ABC 试题分析：设t=2.0s内车厢的加速度为a B,由s=得a B=2.5m/s2.则Ａ正确。
对B物体，由牛顿第二定律：F-f=m B a B, 得f=45N. 对A据牛顿第二定律得A
的加速度大小为a A=f/m A=2.25m/s2，Ｄ选项错误。
所以t=2.0s末A的速度大小
为：V A=a A t=4.5m/s. Ｂ项正确在t=2.0s内A运动的位移为S A=, A
在B上滑动的距离Ｃ项正确，选ＡＢＣ
9．AD 试题分析：由右手定则可以判断，a、c两处的磁场是两电流在a、c处产生的磁场相加，但a距离两导线比c近，故a处的磁感应强度大小比c处的大，Ａ对；ｂ、
c与右侧电流距离相同，故右侧电流对此两处的磁场要求等大反向，但因为左侧电
流要求此两处由大小不同、方向相同的磁场，故b、c两处的磁感应强度大小不相
等，B错；由右手定则可知，a处磁场垂直纸面向里，c处磁场垂直纸面向外，C
错；b与两导线距离相等，故两磁场叠加为零，D对。
10．CD 试题分析：从图中看到列车的加速度向右，但是不一定向右加速运动，可能是向左减速运动，选项A错误。
当列车的加速度增大时，图中θ增大,电流表A的读数
不
变,电压表V 的读数增大时,选项B 错误.若电压表显示3V,θ=300,由g
a =θtan 可得列车的加速度为g a 3
3=,选项C 正确.如果根据电压表示数与列车加速度的一一对应关系将电压表改制成一个加速度表,则加速度的刻度是不均匀的,选项D 正确
11．（共4分）
（1）平衡摩擦力；或先接通电源后释放纸带（1分）
（2）1.20cm （1.19cm-1.21cm ）（1分）；
（3）0.93(0.91-0.94) （2分）；
12．（共10分，每空2分）（1）R 2 （2）E=b(r 1+R 2) 5.8V r=-k(r 1+R 2)-r 2 2Ω
13．（共8分）
解：设白车停下来所需的时间为t 1，减速过程通过的距离为x 1，则111t a =υ
11212x a =υ
解得： x 1=200m ，t 1=10s
在t 1=10s 时，设黑车通过的距离为x 2，则
20122)(2
1t t a x -= 解得：x 2=72m ＜x 1=200m
所以白车停车前未相遇，即白车停车位置就是B 线位置。
.................4分 设经过时间t 两车同时在B 线位置,在B 线位置黑车的速度为v 2,则
2021)(21t t a x -=
)(022t t a -=υ
解得： t =14s ，v 2=40m/s …………………8分
14．（共12分）
（1）（6
分）当钉子在
=x 的P
点时，小球绕钉子转动的半径为：1=R l
小球由静止到最低点的过程中机械能守恒：
2111()22+=l mg R mv 在最低点细绳承受的拉力最大，有：
211-=v F mg m R
联解求得最大拉力F ＝7mg
（2）（6分）小球绕钉子圆周运动恰好到达最高点时，有：
222
=v mg m R 运动中机械能守恒：
2221()22-=l mg R mv 钉子所在位置为
'=x
联解得
6'=x
因此钉子所在位置的范围为≤≤x
15．（共12分）解析：（1）（6分） F 安=B 0IL ① E= B 0Lv ②
B Lv E I R R == ③
v=at ④ ∴220B L a F t R =安
当b 棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有： F-f-F 安=ma ⑤
联立可得：F-f-220B L a t R =ma ⑥
由图象可得：当t=0时，F=0.4N 当t=1 s 时，F=0.5 N 代入⑥
可解得a=5 m/s 2 f=0.2 N
（2）（6分）当磁感应强度均匀增大时，闭合电路中有恒定的感应电流I ，以b 棒为研
究对象，它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大，当磁感应度增大到b 所受安掊力F /安与最大静摩擦力f 相等时开始滑动。
感应电动势：E’=V .L t B 0202=∆∆=0.02V ⑦
I’ =R E '
=1 A ⑧
棒b 将要运动时，有F’安=B t I’L=f ⑨ ∴B t =1 T
根据B t =B 0+()T
t ..t t B 5010+=∆∆ ⑩
得t=1.8 s
回路中产生焦耳热为Q=I’2Rt=0.036 J ⑪
16．（共14分）
【解析】： 解：（1）（4分）电子在电场中作类平抛运动，射出电场时，如图1所示．
电子在电场中的时间：t=
所以：v==
与x轴正方向的夹角：=，θ=30°
（2）（4分）由几何关系电子的半径R1=
由牛顿第二定律：
联立⑤⑥得：
（3）（6分）在磁场变化的半个周期内粒子的偏转角为60°（如图2），所以，在磁场变化的半个周期内，粒子在x轴方向上的位移恰好等于R．粒子到达N点而且速度符合要
求的空间条件是：2nR=2L
电子在磁场作圆周运动的轨道半径）
解得（n=1、2、3…）
若粒子在磁场变化的半个周期恰好转过圆周，同时MN间运动时间是磁场变化周期的整数倍时，可使粒子到达N点并且速度满足题设要求．应满足的时间条件：
又
代入T的表达式得：T=（n=1、2、3…）
答：
（1）电子进入正方形磁场区域时的速度v为，方向与水平方向成30°斜向下；（2）B的大小为；
（3）正方形磁场区域磁感应强度B0的大小为（n=1、2、3…），磁场变化周期T为（n=1、2、3…）．。