江苏省苏州市2017-2018学年高二下学期期末调研测试物理试题 Word版含答案

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江苏省苏州市2017-2018学年高二下学期期末调研测试数学(理)试题Word版含答案

2017-2018学年苏州市高二期末调研测试数学（理科）参考公式：圆锥侧面积公式：S rl p =，其中r 是圆锥底面半径，l 是圆锥母线长．数学Ⅰ试题一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分．请把答案填写在答题卡相应位置．．．．．．．上．． 1．“∀x ≥1，x 2≥1”的否定是 ▲ ．2．已知复数2(34i)5iz +=（i 为虚数单位），则|z|＝ ▲ ．3．四位男生一位女生站成一排，女生站中间的排法共有 ▲ 种．(用数字作答)4．双曲线2221(0)3x y a a -=>的离心率为2，则a ＝ ▲ ．5．“a ＝1”是“直线l 1：ax ＋y ＋1＝0，l 2：(a ＋2)x －3y －2＝0垂直”的 ▲ 条件． (填“充分不必要”“必要不充分”“充分必要”或“既不充分也不必要”) 6．已知函数()e 2x f x x =+（e 是自然对数的底）在点(0,1)处的切线方程为 ▲ ．7．设某批产品合格率为23，不合格率为13，现对该批产品进行测试，设第X 次首次测到正品，则P (X=3)= ▲ ．8．若圆C 过两点(0,4),(4,6)A B ，且圆心C 在直线x －2y －2＝0上，则圆C 的标准方程为 ▲ ．9．若65()(1)(1)f x x x =+--的展开式为260126()f x a a x a x a x =++++，则125a a a +++的值为 ▲ ．(用数字作答) 10．从0，1，2，3组成没有重复数字的三位数中任取一个数，恰好是偶数的概率为 ▲ ． 11．已知点A (－3,－2)在抛物线C ：x 2＝2py 的准线上，过点A 的直线与抛物线C 在第二象限相切于点B ，记抛物线C 的焦点为F ，则直线BF 的斜率为 ▲ ．12．假定某篮球运动员每次投篮命中率均为p (0<p <1)．现有4次投篮机会，并规定连续两次投篮均不中即终止投篮．已知该运动员不放弃任何一次投篮机会，且恰用完4次投篮机会的概率是58，则p 的值为 ▲ ． 13．若函数2()2e 3x f x a x =-+（a 为常数，e 是自然对数的底）恰有两个极值点，则实数a的取值范围为 ▲ ． 14．若实数a ，b满足a =a 的最大值是 ▲ ．二、解答题：本大题共6小题，共90分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 15．（本小题满分14分）一个不透明的口袋中装有6个大小和形状都相同的小球，其中2个白球，4个黑球.（1）从中取1个小球，求取到白球的概率；（2）从中取2个小球，记取到白球的个数为X ，求X 的概率分布和数学期望. 16．（本小题满分14分）正方体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，点F 为A 1D 的中点．（1）求证：A 1B ∥平面AFC ；（2）求证：平面A 1B 1CD ⊥平面AFC ．17．（本小题满分14分）如图，某工厂根据生产需要制作一种下部是圆柱、上部是圆锥的封闭型组合体存储设备，该组合体总高度为8米，圆柱的底面半径为4米，圆柱的高不小于圆柱的底面半径．已知制作圆柱侧面和底面的造价均为每平米2百元，制作圆锥侧面的造价为每平米4百元，设制作该存储设备的总费用为y 百元．（1）按下列要求写出函数关系式：①设OO 1h =(米)，将y 表示成h 的函数关系式； ②设∠SDO 1q =(rad)，将y 表示成θ的函数关系式；（2）请你选用其中的一个函数关系式，求制作该存储设备总费用的最小值．第16题图18．（本小题满分16分）在直三棱柱111ABC A B C -中，90BAC ∠=︒，12AB AC AA ===，,E F 分别是11,BC A C 的中点．（1）求直线EF 与平面ABC 所成角的正弦值；（2）设D 是边11B C 上的动点，当直线BD 与EF 所成角最小时,求线段BD 的长．19．（本小题满分16分）如图，已知椭圆M ：22221(0)x y a b a b+=>>(2,1)P ．（1）求椭圆M 的标准方程；（2）设点1122(,),(,)A x y B x y 是椭圆M 上异于顶点的任意两点，直线OA ，OB 的斜率分别为12,k k ，且1214k k =-． ①求2212x x +的值；②设点B 关于x 轴的对称点为C ，试求直线 AC 的斜率．第18题图20．（本小题满分16分）已知函数()e x f x cx c =--(c 为常数,e 是自然对数的底)，()f x '是函数()y f x =的导函数．（1）求()f x 的单调区间；（2）当1c >时，试证明：①对任意的0x >，(ln )(ln )f c x f c x +>-恒成立； ②函数()y f x =有两个相异的零点．2015～2016学年苏州市高二期末调研测试数学（理科） 2016．06数学Ⅱ试题注意事项：1．答题前务必要将选做题的前面标记框涂黑，以表示选做该题，不涂作无效答题． 2．请在答题卷上答题，在本试卷上答题无效．请从以下4组题中选做2组题，如果多做，则按所做的前两组题记分．每小题10分，共40分． A 组（选修4－1：几何证明选讲）A 1．如图，在△ABC 中，AB AC =，△ABC 的外接圆为⊙O ，D 是劣弧AC 上的一点，弦AD ，BC 的延长线交于点E ，连结BD 并延长到点F ，连结CD . （1）求证：DE 平分CDF Ð；（2）求证：2AB AD AE =?．A 2．设AD ，CF 是△ABC 的两条高，AD ，CF 交于点H ， AD 的延长线交△ABC 的外接圆⊙O 于点G ，AE 是 ⊙O 的直径，求证：（1）AB AC AD AE ??；（2）DG DH =.B 组（选修4－2：矩阵与变换）B 1．已知矩阵A ＝2143⎡⎤⎢⎥⎣⎦，B ＝1101⎡⎤⎢⎥-⎣⎦. （1）求A 的逆矩阵A －1；（2）求矩阵C ，使得AC ＝B .B 2．已知矩阵A ＝111a -⎡⎤⎢⎥⎣⎦，其中a ∈R ，若点P (1,1)在矩阵A 的变换下得到点P ′(0，－3)．（1）求实数a 的值；（2）求矩阵A 的特征值及特征向量． C 组（选修4－4：坐标系与参数方程）C 1．在直角坐标系xOy 中，以原点O 为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系．已知曲线1C 的极坐标方程为3)4pr q =-，曲线2C 的参数方程为8cos ,3sin x y q q ì=ïïíï=ïî（θ为参数）．（1）将曲线1C 的极坐标方程化为直角坐标方程，将曲线2C 的参数方程化为普通方程；（2）若P 为曲线2C 上的动点，求点P 到直线:l 32,(2x t t y tì=+ïïíï=-+ïî为参数）的距离的最大值．C 2．在平面直角坐标系xOy 中，曲线1C 的参数方程为1cos ,sin x y αα=+⎧⎨=⎩(α为参数)；在以原点O 为极点，x 轴的非负半轴为极轴的极坐标系中，曲线2C 的极坐标方程为2cos sin ρθθ=．（1）求曲线1C 的极坐标方程和曲线2C 的直角坐标方程；（2）若射线l ：y kx =(0)x ≥与曲线1C ，2C 的交点分别为,A B （,A B 异于原点），当斜率k ∈时，求OA OB ⋅的取值范围．D 组（选修4－5：不等式选讲）D 1．已知关于x 的不等式111ax a x ≥-+-（0a >）. （1）当1a =时，求此不等式的解集；（2）若此不等式的解集为R ，求实数a 的取值范围．D 2．已知a ，b ，c 均为正数，求证：（1）114a b a b ++≥；（2）111111222a b c a b b c c a +++++++≥．2015～2016学年苏州市高二期末调研测试理科数学参考答案一、填空题1．∃x ≥1，x 2<1 2．5 3．24 4．1 5．充分不必要 6．310x y -+= 7．2278．22(4)(1)25x y -+-= 9．61 10．59 11．34- 12．1213．1(0,)e14．20 二、解答题15．解：（1）记从中取一个小球，取到白球为事件A ,………………………………2分1216C 1()3C P A ==．………………………………………………………………4分所以中取一个小球，取到白球的概率13．……………………………………5分（2）X 的取值为0，1，2 ．…………………………………………………6分2426C 2(0)5C P X ===，112426C C 8(1)15C P X ===，2226C 1(2)15C P X === 所以………………………………………………………………12分数学期望2812()012515153E X =⨯+⨯+⨯=．……………………………………14分16．证明：（1）连接BD 交AC 于点O ，连接FO ，则点O 是BD 的中点．∵点F 为A 1D 的中点，∴A 1B ∥FO ． ………………………3分又1A B ⊄平面AFC ，FO ⊂平面AFC ，A 1B ∥平面AFC ． …………………………7分（2）在正方体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，∵CD ⊥平面A 1ADD 1，AF ⊂平面A 1ADD 1，∴CD ⊥AF ．…………………………10分又∵AF ⊥A 1D ，∴AF ⊥平面A 1B 1CD ． ………………………12分又AF ⊂面AFC ，∴平面A 1B 1CD ⊥平面AFC ． ………………………14分17．解：（1）① S 圆柱侧=2πrh =8πh ，S 圆锥侧=πrl=4 ……………………2分y =2S 底面+ 2S 圆柱侧+4 S 圆锥侧=32π+16πh+16 = 32π+16(h p ，（48h ≤<）；………………………4分（注：定义域不写扣1分） ② 4=cos SD θ，=84tan h θ-. y =2S 底面+ 2S 圆柱侧+4 S 圆锥侧=32π+24(84tan )2θ⨯⨯-⨯p +444cos p θ⨯⨯⨯=32π+64(2tan )p θ-+64cos p θ=160π+64π1sin cos θθ-(04p≤θ<). ………………………6分（注：定义域不写扣1分）（2）选方案①由（1）知y =32π+16(h p ，（48h ≤<）. 设8h t -=，则y = 32π+16(8t p -=32π+16(8p ， (9)分y =32π+16(8p 在(04],上单调递减， ………………………11分所以，当4t =时，y取到最小值(96p +． ………………………13分BCOADB 1C 1D 1A 1F选方案②由（1）知y=160π+64π1sin cos θθ-(04p≤θ<)，设1sin ()cos θϕθθ-=，2sin 1'()cos θϕθθ-=，………………………8分因为，04p≤θ<，所以，'()0ϕθ<，所以，()ϕθ在(0,]4p上单调递减， ………………………11分所以，当4pθ=时，y取到最小值(96p +． ………………………13分答：制作该存储设备总费用的最小值为(96p +百元． ……………………14分18．解：如图所示，以{1,,AB AC AA }为正交基底建立空间直角坐标系A xyz -．则1(2,0,0),(0,2,0),(0,0,2),(1,1,0),(0,1,2)B C A E F ，（1）所以(1,0,2)EF =-，………………………2分平面ABC 的一个法向量为1(0,0,2)AA =，………………………4分设直线EF 与平面ABC 所成角为α，则1sin cos ,|α=|EF AA <>=11||2||||EF AA EF AA ⋅=⋅． ………………………7分（2）法一因为D 在11B C 上,设(,2,2)D x x -,(2,2,2)BD x x =-- 所以|||cos ,|||||10(BD EF BD EF BD EF ⋅<>==， ………………………9分B设6t x =-因为[0,2],x ∈所以[4,6]t ∈,|c o s ,)B D E F <>==．当129t =即9[4,6]2t =∈时取等号． …………………………12分此时|cos ,|BD EF <>最大,所以BD 与EF 所成角最小．此时32x =． …………………………14分所以11(,,2)22BD =-,所以2BD ==． ………………………16分法二设111(2,2,0)B D λB C λλ==-,11(2,2,2)BD BB B D λλ=+=-，其中01λ≤≤， |||c o s ,|||||1B D E F B D E F B D E F ⋅<>==．…………………………………9分设2[2,3]λt +=∈ |c os ,BD EF<>=． …………………………12分当9[2,3]4t =∈时取等号,此时|cos ,|BD EF <>最大,所以BD 与EF 所成角最小．所以124λ=t -=,所以11(2,2,2)(,,2)22BD λλ=-=-,BD =．……………………………………………16分19．解（1）由题意c a =，所以2222222314c a b b a a a -==-=，即224a b =，所以椭圆M 的方程为22244x y b +=，………………………2分又因为椭圆M 过点(2,1)P ，所以2444b +=，即222,8b a ==．所以所求椭圆M 的标准方程为22182x y +=．………………………4分（2）①设直线OA 的方程为1y k x =，2211,82,x y y k x ⎧+=⎪⎨⎪=⎩ 化简得221(14)8k x +=，解得2121814x k =+，………………………6分因为1214k k =-，故2114k k =-，同理可得222112222211218163288114164141416k k x k k k k ⨯====++++⨯，………………………8分所以22221112222111328(14)88141414k k x x k k k ++=+==+++． ………………………10分②由题意，点B 关于x 轴的对称点为C 的坐标为22(,)x y -，又点1122(,),(,)A x y B x y 是椭圆M 上异于顶点的任意两点，所以2222112248,48y x y x =-=-，故222212124()16()1688y y x x +=-+=-=，即22122y y +=．………………………12分设直线AC 的斜率为k ，则1212y y k x x +=-，因为1214k k =-，即121214y y x x =-，故12124x x y y =-，所以222121212122212121212222221282884y y y y y y y y k x x x x x x y y ++++====+--+， ………………………15分所以直线AC 的斜率为k 为常数，即12k =或12k =-． ………………………16分20．解：（1）()e x f x c '=-，若0c ≤，则()e 0x f x c '=->恒成立，此时函数()f x 的增区间为(,)-??； …………………………2分若0c >，令()0f x '=，得ln x c =，…………………………3分…………………………5分（2）①令()(ln )(ln )(e e )2x x g x f c x f c x c cx -=+--=--． ………………………6分则()(e e )2220x x g x c c c c ≥-'=+--=，且()0g x '=仅在0x =时成立，所以()g x 在R 上单调递增．……………8分所以当0x >时,()(0)0g x g >=，即(l n )(l n )f c x f c x +>-． …………………9分②因为1c >，所以(ln )f c =ln 0c c -<． ………………………………………11分而1(1)e 0f --=>,所以(ln )(1)0f c f ⋅-<，所以()f x 在(1,ln )c -内存在一个零点，……………………………13分取2(2ln 1)e 2ln 2(e 2ln 2)f c c c c c c c c +=--=--(1c >)，设()e 2ln 2c c c ϕ=--(1c >),2()e 0c cϕ'=->，所以()c ϕ在(1,)+∞上单调递增,所以()(1)e 20c ϕϕ>=->．从而(2ln 1)()0f c c c ϕ+=⋅>，所以(ln )(2ln 1)0f c f c ⋅+<,所以()f x 在(ln ,2ln 1)c c +内存在一个零点． ……………16分（注：也可以取(2)f c 等．）19题第2问另解：（2）111y k x =， 222y k x =，由1214k k =-得12124x x y y =-①， 1122(,),(,)A x y B x y 在椭圆22182x y +=上，所以有22112(1)8x y =-、22222(1)8x y =-， 222222212121212()4(1)(1)4(1)88864x x x x x x y y +⋅∴=--=-+②，①代入②得22128x x +=.2015～2016学年苏州市高二期末调研测试理科数学（附加题）参考答案A 组（选修4－1：几何证明选讲）A1 证明：（1）因为四边形ABCD 内接于圆O ，所以∠CDE ＝∠ABC ．…………………………2分由AB ＝AC 得∠ACB ＝∠ABC ．所以∠CDE ＝∠ACB ．又∠ACB 与∠ADB 是同弧所以的圆周角；所以∠ACB ＝∠ADB ．所以∠CDE ＝∠ADB ．…………………………4分又∠ADB ＝∠FDE ，所以∠CDE ＝∠FDE ，即DE 平分CDF Ð．…………………………5分（2）由（1）∠ADB ＝∠ACB ＝∠ABC ，在△ABD 和△AEB 中，因为∠ADB ＝∠ABC ，∠BAD ＝∠EAB ，所以△ABD ∽△AEB ，…………………………8分所以AB AE AD AB=，即2AB AD AE =?． …………………………10分A2 证明：（1）连结BE ，因为∠E ，∠ACB 是同弧所对的圆周角，所以∠E ＝∠ACB ，…………………………2分又AE 是圆O 的直径，所以∠ABE ＝π2，…………………………3分在Rt △ABE 和 Rt △ADC 中， ∠E ＝∠ACB ，∠ABE ＝∠AD C ＝π2，所以Rt △ABE ∽ Rt △ADC ，…………………………4分所以AB AEAD AC=，即AB AC AD AE ??．…………………………5分(2)连结CG ，则∠CGD =∠ABC ，…………………………6分在四边形BDHF 中，因为∠BDH ＝∠BFH ＝π2，∠AHF 是四边形BDHF 的一个外角，所以∠ABC ＝∠AHF ，又∠AHF ＝∠CHD ，所以∠CHD ＝∠CGD ．…………………………7分所以Rt △CDH ≌Rt △CDG ，…………………………9分又CD ＝CD ，所以DH ＝DG ．…………………………10分B 组（选修4－2：矩阵与变换） B1解（1）因为|A |＝2×3－1×4＝2，…………………………2分所以A －1＝31224222⎡⎤-⎢⎥⎢⎥⎢⎥-⎢⎥⎣⎦＝312221⎡⎤-⎢⎥⎢⎥-⎣⎦.…………………………5分（2）由AC ＝B 得(A －1A )C ＝A －1B ，…………………………7分故C ＝A －1B ＝312221⎡⎤-⎢⎥⎢⎥-⎣⎦1101⎡⎤⎢⎥-⎣⎦＝32223⎡⎤⎢⎥⎢⎥--⎣⎦.…………………………10分B2解：（1）由题意得111a-⎡⎤⎢⎥⎣⎦11⎡⎤⎢⎥⎣⎦＝03⎡⎤⎢⎥-⎣⎦，…………………………2分所以a ＋1＝－3，所以a ＝－4.…………………………5分（2）由（1）知A ＝1141-⎡⎤⎢⎥-⎣⎦，令f (λ)＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪λ－1 1 4 λ－1＝(λ－1)2－4＝0.…………………………3分解得A 的特征值为λ＝－1或3.…………………………6分当λ＝－1时，由20,420x y x y -+=⎧⎨-=⎩得矩阵A 的属于特征值－1的一个特征向量为12⎡⎤⎢⎥⎣⎦，…………………………8分当λ＝3时，由20,420x y x y +=⎧⎨+=⎩得矩阵A 的属于特征值3的一个特征向量为12⎡⎤⎢⎥-⎣⎦.…………………………10分C 组（选修4－4：坐标系与参数方程）C1解：（1）由3)4pr q =-，得8cos 8sin r q q =-+， ………………2分所以28cos 8sin r r q r q =-+，…………………………3分故曲线1C 的直角坐标方程为2288x y x y +=-+，即22(4)(4)32x y ++-=，由8cos ,3sin x y q qì=ïïíï=ïî消去参数q得2C 的普通方程为221649x y +=. …………………………5分（2）设(8cos ,3sin )P q q ，直线l 的普通方程为270x y --=， ………………………6分故点P 到直线l 的距离为)7d q j =+-（其中43cos ,sin 55j j ==）， …………………………8分因此max d =，故点P 到直线l ． ………………………10分C2 （1）由1cos ,sin ,x y αα=+⎧⎨=⎩得22(1)1x y -+=，即2220x y x +-=， …………………1分所以1C 的极坐标方程为2cos ρθ=． …………………………3分由2cos sin ρθθ=得22cos sin ρθρθ=，所以曲线2C 的直角坐标方程为2x y =．…………………………5分（2）设射线l ：y kx =(0)x ≥的倾斜角为α，则射线的极坐标方程为θα=，且tan k α=∈，联立2cos ,ρθθα=⎧⎨=⎩得12cos OA ρα==，…………………………7分联立2cos sin ,ρθθθα⎧=⎨=⎩得22sin cos OB αρα==， …………………………9分所以122sin 2cos 2tan 2cos OA OB k αρρααα⋅=⋅=⋅==∈，………………10分D 组（选修4－5：不等式选讲）D1 解：（1）当1a =时，原不等式为211x ≥-， ……………………………2分所以112x -≥或112x --≤，故不等式解集为13{|}22x x x ≤或≥．……………………………5分（2）因为0a >，所以原不等式可转化为111x x a a≥-+-，因为1111x x a a-+--≥，……………………………8分所以只需111a a≥-，解得2a ≥．……………………………10分D2 证明：（1）因为11()224b a a b a b a b 骣琪+?=+++琪桫≥， (3)分所以114a b a b++≥． ……………………………4分当且仅当b aa b=时，取“＝”，即a b =时取“＝”． ……………………………5分（2）由（1）11144a b a b++≥，11144b c b c++≥，11144c a c a++≥，……………………8分三式相加得：111111222a b c a b b c c a+++++++≥，……………………………9分当且仅当a b c==时取“＝”．……………………………10分。

2017-2018学年高二下学期期末联考物理试题含答案

2018—2018学年度第二学期八县（市）一中期末联考高中二年级物理科试卷完卷时间： 90 分钟满分： 100 分一．选择题（本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第．9．-．12．．题有多项．．符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1．下列说法正确的有 ( )。

A.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大B.汤姆生发现电子，表明原子具有核式结构C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的光强太小D. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应2．关于温度的概念，下列说法中正确的是（）A．温度是分子平均动能的标志，物体温度高，则物体的分子平均动能大B．物体温度高，则物体每一个分子的动能都大C．某物体内能增大时，其温度一定升高D．甲物体温度比乙物体温度高，则甲物体的分子平均速率比乙物体的大3．如图所示，用r表示两个分子间的距离，用E p表示两个分子之间的势能，当r＝r0时两分子间斥力等于引力，设两个分子相距很远时E p∞＝0，则 ( )A．当r<r0时，E p随r的增大而增大B．当r>r0时，E p随r的增大而增大C．当r<r0时，E p不随r的变化而变化D．当r＝r0时，E p＝04．如图所示是原子核人工转变实验装置示意图，A 是α粒子源，F 是铝箔，S 是荧光屏，在容器中充入氮气后，屏S 上出现闪光，该闪光产生的原因是 ( ) A ．α粒子射到屏S 上产生的B ．粒子源中放出的γ射线射到屏上产生的C ．α粒子轰击铝箔F 上打出的某种粒子射到屏上产生的D ．α粒子轰击氮核后产生的某种粒子射到屏上产生的5．如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34eV ，那么对氢原子在能级跃迁过程中发射或吸收光子的规律认识错误．．的是（）A ．用能量为14.0eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子电离B ．一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁所辐射的光中，有3种不同频率的光能使锌发生光电效应C ．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eVD ．用能量为10.21eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态6. 在匀强磁场里有一个原来静止的放射性碳14，它所放射的粒子与反冲核的轨迹是两个相切的圆，圆的半径比为2∶1，如图所示，那么碳的衰变方程是 ( )A.B H C 12521146+→ B. B e C 14501146+→- C. N e C 14701146+→- D. Be He C 10442146+→7．水平面上有两个质量相等的物体a 和b ，它们分别在水平推力1F 和2F 作用下开始运动，分别运动一段时间后撤去推力，两个物体都将运动一段时间后停下.物体的t v -图线如图所示，图中线段AB ∥CD.则以下说法正确的是( ) ①水平推力的大小1F >2F ②水平推力的大小1F ＜2F③a 所受摩擦力的冲量大于b 所受摩擦力的冲量 ④a 所受摩擦力的冲量小于b 所受摩擦力的冲量A.①③B. ②④C.②③D. ①④8．一中子与一质量数为A(A>1)的原子核发生弹性正碰。

苏州市 2017~2018学年度高二年级学业水平测试(无答案)

苏州市2017~2018 学年度高二年级学业水平测试物理2018．3一、单项选择题：本大题共23 小题，每小题 3 分，共69 分．每小题只有一个选项符合题意．1．诗句“满眼波光多闪灼，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”中，“看山恰似走来迎”和“是船行”所选的参考系分别是（）A．船和山B．山和船C．地面和山D．河岸和流水2．如图是在同一直线上运动的物体甲、乙的位移图象．由图象可知是（）A．甲比乙先出发B．甲和乙从同一地方出发C．甲的运动速率大于乙的运动速率D．甲的出发点在乙前面S0处3．一个物体做自由落体运动，取g 10m/s 2 ，则（）A．物体3 s 末的速度为15 m/s B．物体3 s 末的速度为30 m/sC．物体3 s 内下落的高度是90 m D．物体3 s 内下落的高度是30 m4．关于速度与加速度的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度为零，则加速度也为零B．物体加速度的方向，就是物体速度的方向C．物体的速度变化越大，则加速度越大D．物体的速度变化越快，则加速度越大5．有两个共点力，大小分别是6 N 和9 N，则它们的合力（）A．最小是3 N B．最大是l6 NC．可能是l8 N D．可能是2 N6．关于摩擦力，下列说法正确的是（）A．运动的物体只可能受到滑动摩擦力B．静止的物体只可能受到静摩擦力C．滑动摩擦力的方向可能与运动方向一致D．滑动摩擦力的方向总是与运动方向相反7．如图所示，一根弹簧，其自由端B 在未悬挂重物时指针正对刻度5，在弹性限度内，当挂上80 N 重物时指针正对刻度45，若要指针正对刻度20 应挂重物是（）A．40 N B．30 NC．20 N D．因k 值不知无法计算8．一个做匀速圆周运动的物体，在运动过程中，若所受的一切外力都突然消失，则由牛顿第一定律可知，该物体将（）A．立即静止B．改做匀速直线运动C．继续做匀速圆周运动D．改做变速圆周运动9．下列单位不属于国际单位制中基本单位的是（）A．牛B．秒C．米D．千克10．关于牛顿第三定律，下面说法中错误的是（）A．两物体间有作用力，就一定有反作用力B．两物体间先有作用力，后有反作用力C．两物体间的作用力和反作用力同时产生，同时消失D．作用力与反作用力是作用在不同物体上的11．关于功率公式P =W / t 和P =Fv ，下列说法正确的是（）A．由P =W / t 知，只要知道W 和t 就可求出任意时刻的功率B．由P =Fv 只能求某一时刻的瞬时功率C．由P =Fv 知汽车的功率与它的速度成正比D．由P =Fv 知当汽车改动机功率一定时，牵引力与速度成反比12．将弹簧从原长逐渐压缩的过程中，关于弹性势能的变化，下列说法正确的是（）A．增加B．减少C．不变D．无法确定13．下列说法中正确的是（）A．机械能守恒是自然界遵循的普遍规律B．能量守恒表明，节约能源是无意义的C．随着科技的发展，永动机是可以制成的D．能量的耗散反映出自然界宏观过程的方向性14．炮弹从炮口射出时的速度大小为 v ，方向与水平方向成 α 角，如图所示．把这个速度沿水平和竖直方向分解，其竖直分速度的大小是（）A ． v sin αB ． v cos αC ． v / sin αD ． v / cos α15．如图所示，在探究平抛运动规律的实验中，用小锤打击弹性金属片，金属片把 P 球沿水平方向抛出，同时 Q 球被松开而自由下落，P 、Q 两球同时开始运动，下列说法正确的是（）A ．Q 球先落地，P 球后落地B ．两球落地先后由小锤打击力的大小而定C ．这个实验能说明平抛运动竖直方向的运动规律D ．这个实验能说明平抛运动水平方向的运动规律16．要使相距较远的两物体间的万有引力减小到原来的 1/4，下列办法不可行的是（）A ．使两物体的质量各减少一半，距离不变B ．使其中一个物体的质量减小到原来的 1/4，距离不变C ．使两物体间的距离增为原来的 2 倍，质量不变D ．使两物体间的距离和质量都减少原来的 l/217． 2008 年 9 月 27 日 16 时 41 分 00 秒，我国航天员翟志刚打开神舟七号载人飞船轨道舱舱门，首度实施空间出舱活动，茫茫太空第一次留下中国人的足迹，如果轨道舱按照半径为 r 的圆形轨道运行，万有引力常量为 G 地球质量为 M ，那么运行速度为（） A ． r GM B ． 2r GM C ． 3r GM D ．rGM 18．在光滑绝缘的水平面上，有两个相距不太远的带异种电荷的小球，将它们由静止释放后的一小段时间内，则两球间（带电小球始终可视为点电荷）（）A ．距离变大，库仑力变大B ．距离变大，库仑力变小C ．距离变小，库仑力变大D ．距离变小，库仑力变小19．某电场的电场线如图所示，电场中 M 、N 两点的场强大小分别为 E M 和 E N ，由图可知（）A ． E M > E N C ． E M = E NB．EM <END．无法比较EM和EN的大小20．在如图所示的电路中，当开关S 断开时，螺线管中小磁针的N 极的指向如图所示（水平向右）．当开关S 闭合，小磁针经扰动后静止时，N 极的指向（）A．水平向右B．水平向左C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外21．在如图所示的匀强磁场中，已经标出了电流I 和磁场 B 以及磁场对电流作用力 F 三者的方向，其中错误的是（）22．一个电动机上标“220 V lkW”,那么为了使它正常工作，所使用的正弦交流电压是（）A．电压最大值为220 V，电流最大值约为3.2 AB．电压最大值为311 V，电流最大值约为4.5 AC．电压有效值为220 V，电流有效值约为4.5 AD．电压有效值为311 V，电流有效值约为3.2A23．本题为选做题，考生只选择一题作答。

江苏省苏州市2017-2018学年高一物理下学期期末调研测试试卷(含解析)

苏州市2017-2018学年第二学期期末调研测试物理试卷本试卷共18小题，满分120分．考试用时100分钟．注意事项：1．答题前，考生务必用黑色签字笔将自己的姓名和考试号填写在答题卷上，并用2B铅笔填涂考试号下方的涂点．2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卷上对应的答案信息点涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答案写在试题卷上无效．3．非选择题必须用0.5mm黑色签字笔作答，必须在答题卷上各题目的答题区域作答．超出答题区域书写的答案无效．在试题纸上答题无效．一、单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共计21分．每小题只有一个选项符合题意．1. 在国际单位制中，电场强度的单位符号是( )A. N/CB. N·mC. J/CD. A·s【答案】A【解析】根据电场强度的可知，电场力的单位为N，电量的单位为C，而电势差的单位为V，距离的单位为m，所以电场强度的单位是N/C，或V/m，故A正确，BCD错误。

2. 下列说法正确的是( )A. 开普勒提出行星运动规律，并发现了万有引力定律B. 万有引力常量是卡文迪许通过扭秤实验测量得出的C. 牛顿发现了万有引力定律，并通过精确的计算得出万有引力常量D. 伽利略发现万有引力定律并测出了万有引力常量【答案】B【解析】牛顿发现了万有引力定律，故AD错误；万有引力常量是卡文迪许通过扭秤实验测量得出的，故B正确，C错误.所以B正确，ACD错误。

3. 如图所示，质量为m的物块与转台之间的最大静摩擦力为物块重力的k倍，它与转轴OO’相距R，物块随转台由静止开始转动．当转速缓慢增加到一定值时，物块将在转台上滑动．在物块由静止到开始滑动前的这一过程中，转台对物块做的功为(重力加速度为g) ( )A. 0B. 2πkmgRC. 2kmgRD.【答案】D【解析】根据牛顿第二定律得：，根据动能定理得：，故D 正确，ABC错误。

4. 2016年9月15日，我国第一个真正意义上的太空实验室“天宫二号”发射成功，在离地高度约为400km的圆轨道上运行．己知同步卫星的运行高度约为36000km，地球半径约为6400km，则与“天宫二号”的公转周期最接近的是( )A. 0.5hB. 1.5hC. 5hD. 10h【答案】B【解析】根据开普勒行星运动定律可得：，则：，因，则，B正确；ACD错误；故选B.5. 如图所示，物体在力F的作用下，在水平面上沿各自运动方向均发生了一段位移l，这四种情形下力F对物体所做的功为W=Fl cosθ的是( )A. B. C. D.【答案】D6. 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地，以E表示两板间的电场强度，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则( )A. θ增大，E增大B. θ增大，E不变C. θ减小，E增大D. θ减小，E不变【答案】D【解析】电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据可知，电容C增大，则根据，可知，电压U减小，所以静电计指针偏角减小；两板间的电场强度；因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变,故D正确，ABC错误。

2017-2018学年高二下学期期末考试物理试题含答案

高二物理试题第I 卷（选择题共40 分）一、选择题（本题共12小题。

在每小题给出的四个选项中，第 1〜8题只有一项符合题目要求，每题3分。

第9〜12题有多项符合题目要求。

全部选对的得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得0分）1•在物理学的发展中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明进程•对以下几位物理学家所作贡献的叙述中，符合史实的是（）A •牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动B •伽利略通过实验和逻辑推理说明力是维持物体运动的原因C .伽利略认为自由落体运动是速度随位移均匀变化的运动D •笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2.如图所示，甲、乙两物体在同一地点同时开始做直线运动的V - t 图象。

根据图象提供的信息可知（）A. 5S 末乙追上甲B. 在乙追上甲之前，甲乙相距最远为 10mC. 若时间足够长，两物体出发后能相遇两次D. 在0~4s 内与4~6s 内甲的平均速度相等 3•如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块 A 与截面为三角形的垫块B 叠放在一起，用水平外力 F 缓缓向左推动B ，使A 缓慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中（）A . A 和B 均受三个力作用而平衡纟 B . B 对桌面的压力越来越大纟 ------C . A 对B 的压力越来越小乡一D •推力F 的大小恒定不变5伉"4•如图甲所示，一物块放在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力 F 作用下斜面和物块始终处于静止状态，当F 按图乙所示规律变化时，物块与斜面间的摩擦力大小变化规律可能是图中的（）为^t ,当第二个物体开始下落时，两物体相距（）32018.75.两物体在不同高度自由下落,t ，第二个物体下落时间同时落地，第一个物体下落时间为A . 4gt 2B . 2gt 2C . 1gt 2D . -5-gt 29 9 6 18将一个质量为3kg 的物体B 竖直向下轻放在 2g=10m/s ）（） A. 30NB. 12 N C .18N7•如图所示，质量均为 m 的甲、乙两同学，分别静止于水平地面的台秤 P 、Q 上，他们用手分别竖直牵拉一只弹簧秤的两端，稳定后弹簧秤的示数为 F ，若弹簧秤的质量不计，重力加速度为g ,下列说法正确的是（）A .两台秤的读数之和为 2mgB .台秤P 的读数等于mg — FC .台秤Q 的读数为mg — 2FD .甲受到的拉力大于 F ，乙受到的拉力小于 F&在光滑的水平面上有 A 、B 两个小球沿同一直线向右运动，取向右为正方向，两球的动量分别为P A = 5kg -m/s , P B = 7kg m/s ，如图所示，若两球发生正碰，则碰后两球动量的增量 △ p 、Ap 可能是（）A . Ap A = 3kg m/s , Ap = 3kg m/sB . Ap A =— 3kg -m/s , Ap= 3kg m/sC . Ap A = 3 kg m/s , Ap=— 3kg m/sD . Ap A =— 10kg m/s , Ap= 10kg m/s 9.在匀强磁场中有一不计电阻的矩形线圈，绕垂直磁场的轴匀速转动，产生如图甲所示的正弦交流电，把该交流电接在图乙中理想变压器的 A 、B 两端，电压表和电流表均为理想电表，R t 为热敏电阻（温度升高时其电阻减小），R 为定值电阻•下列说法正确的是A .在t=0 . 01 s 末，矩形线圈平面与磁场方向垂直B .变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为 u=36 '、2 sin50二t （V ）C . R 处温度升高时，电压表V 1、V 2示数的比值不变D . R t 处温度升高时，电流表的示数变大，变压器输入功率变大 10. 下列说法正确的是（6•如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上放着质量为2kg 的物体A ,处于静止态。

2017-2018学年高二下学期期末物理试题

A 与斜面间的动摩擦因数为
A．甲做的可能是直线运动，乙做的可能是圆周运动
B ．甲和乙受到的合力都可能是恒力
C．甲和乙一定都做曲线运动 D ．甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力
12．如图所示，一弹性轻绳 ( 绳的弹力与其伸长量成正比 ) 穿过固定的光滑圆环 B，左端固定在 A 点，右端连接一个质量为 m的小球， A、B、 C 在一条水平线上，弹性绳自然长度为 AB. 小球穿过竖直固定的杆，从 C 点由静止释放，到 D 点时速度为零， C、 D 两点间距离为 h. 已知小
v1 两车相撞后的速度变为
v 2，求 v1 v2
(2) 卡车司机至少在距故障车多远处采取同样的紧急刹车措施，事故就能免于发生．
电动机对导体棒施加一个牵引力
F，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此
过程中棒始终与导轨垂直且接触良好，其运动的速度－时间图象如图乙所示．已知
2 s 末牵
引力 F 的功率是 0.9 W ．除 R1、 R2 及导体棒的总电阻以外，其余部分的电阻均不计，重力加速度 g＝ 10 m/s 2.
效数字 )
三、计算题 ( 本题共 3 小题，共 34 分。解答时，请写出必要的文字说明、方程式和重要
的演算步骤，只写最后答案的不能得分，答案中必须明确写出数值的单位
)
15.(9 分 ) 如图所示，内径粗细均匀的 U 形管竖直放置在温度为 7 ℃的环境中，左侧管上
端开口，并用轻质活塞封闭有长 l 1＝ 14 cm 的理想气体，右侧管上端封闭，管上部有长
车，他将刹车踩到底，车轮被抱死，但卡车仍向前滑行，并撞上故障车，且推着它共同滑行
了一段距离 l 后停下．事故发生后，经测量，卡车刹车时与故障车距离为

江苏省苏州市2016-2017学年高二下学期期末调研测试物理试题Word版含答案

2016～2017学年苏州市高二期末调研测试物理 2017．06本试卷共15小题，满分120分，考试用时100分钟．注意事项：1．答题前，考生务必用黑色签字笔将自己的姓名和考试号填写在答题卷上，并用2B铅笔填涂考试号下方的涂点．2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卷上对应的答案信息点涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答案写在试题卷上无效．3．非选择题必须用0.5mm黑色签字笔作答，必须在答题卷上各题目的答题区域作答．超出答题区域书写的答案无效．在试题纸上答题无效．一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列有关物理史实的叙述中正确的是 ( )A．奥斯特最早提出了电荷周围存在着由它产生的电场B．密立根发现电子并通过油滴实验精确测定了其电荷量C．法拉第发现电磁感应现象并得出法拉第电磁感应定律D．库仑通过库仑扭秤实验得出了两点电荷之间的作用力与其间距的二次方成反比2．电源电动势反映了电源把其它形式的能转化为电能的本领，下列关于电动势的说法中正确的是( )A．电动势是一种非静电力B．电动势越大表明电源储存的电能越多C．电动势由电源中非静电力的特性决定，跟其体积、外电路无关D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压3．如图所示，电源内阻不能忽略，安培表、伏特表都是理想电表，当滑动变阻器R的滑动头从a端滑到b端过程中( )A．电压表的示数先增大后减小，电流表示数增大B．电压表的示数先增大后减小，电流表示数减小C．电压表的示数先减小后增大，电流表示数减小D．电压表的示数先减小后增大，电流表示数增大4．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为3：1，L l 、L 2、L 3为三只规格均为“9V 6W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端接入如图乙所示的交变电压，则以下说法中正确的是( )A ．电流表的示数为22三AB ．变压器的输入功率为18wC ．副线圈两端接入耐压值为10V 的电容器能正常工作D ．原线圈中磁通量变化比副线圈中磁通量变化得快。

2017-2018高二下学期期末考试试题(答案)

2017—2018学年度第二学期高二物理(理科)期末质量检测试题（卷）温馨提示：1．本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷、附加题和答题卡。

基础题全卷满分100分,附加题10分。

2．考生答题时，必须将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B 铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效，第Ⅱ卷所有题的正确答案按要求用黑色签字笔填写在答题卡上试题对应题号上，写在其他位置无效。

3．考试结束时，将答题卡交给监考老师。

第Ⅰ卷（选择题，共 48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

其中第1-9小题给出的四个选项中，只有一．个．选项符合题目要求；第10-12小题给出的四个选项中，有两个或两个以上符合题目要求。

) 1. 建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是( )A. 法拉第B. 麦克斯韦C. 赫兹D. 奥斯特 2.下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是（）3. 电磁波由真空进入介质后，发生变化的物理量有 ( ) A. 波长和频率 B. 波速和频率 C. 波长和波速 D. 频率和能量4. 如右图所示，一束光经玻璃三棱镜折射后分为两束单色光a 、b ，波长分别为λa 、λb ，该玻璃对单色光a 、b 的折射率分别为n a 、n b ，则（） A. n a ＜n b ，λa ＜λb B. n a ＜n b ，λa ＞λb C. n a ＞n b ，λa ＞λb D. n a ＞n b ，λa ＜λb5. 如图所示，直角三棱镜ABC 的一个侧面BC 紧贴在平面镜上，∠BAC ＝β，从点光源S 发出的一个细光束SO 射到棱镜的另一侧面AC 上．适当调整入射光SO 的方向，当SO 与AC 面成α角时，其折射光在镜面发生一次反射，从AC 面射出后恰好与SO 重合，则此棱镜的折射率为 ( ) A.cos αsin β B. cos αcos β C. sin αcos β D. sin αsin β6. 如图所示，被激发的氢原子从较高能级向较低能级跃迁时，分别发出的波长为λ1、λ2、λ3 的三条谱线，则下列关系正确的是（）A. B.C.D.321λλλ>>321λλλ+=123λλλ>>213λλλ+=321λλλ>>213111λλλ+=123λλλ>>321111λλλ+=7. 能够证明光具有粒子性的现象是 ( ) A ．光电效应和康普顿效应 B ．光的衍射和光的色散 C ．光的折射和透镜成像 D ．光的干涉和康普顿效应 8. 铀核()经过次衰变和次衰变变成铅核()。

2017-2018学年江苏省苏州市高二(下)期末物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年江苏省苏州市高二（下）期末物理试卷（解析版）一、单项选择题：本题共5小题；每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2015春•苏州期末）下列有关物理史实的叙述中正确的是目（）A．电荷周围存在由它产生的电场的观点，最早由奥斯特提出的B．密立根通过“油滴实验”最早测定了元电荷e的电荷量C．能测量带电粒子的质量和分析同位素的质谱仪，最初是由洛伦兹设计的D．法拉第电磁感应定律最先是由法拉第提出的考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、电荷周围存在由它产生的电场的观点，最早由法拉第提出的，故A错误；B、密立根通过“油滴实验”最早测定了元电荷e的电荷量，故B正确；C、质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具，这是阿斯顿最早设计的，故C错误；D、法拉第电磁感应定律最先是由纽曼和韦伯提出的，故D错误；故选：B．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（3分）（2015春•苏州期末）标有“220V、100W“的一灯泡接在u=311sin（314t）V的正弦交流电上，则（）A．产生该交流电的发电机转速为每分钟50转B．与该灯泡串联的理想电流表读数为0.64AC．与该灯泡并联的理想电压表读数为311VD．通过该灯泡的电流i=0.64sin（314t）A考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：由交流电u=311sin314tV可知ω=314rad/s，电压最大值U m=311V．由ω=2πf求解频率f．由U=U m求出电压的有效值，判断“220V100W”的灯泡能否正常发光．交流电压表测量的是有效值．解答：解：A、灯泡接在u=311sin（314t）V的正弦交流电上，ω=314rad/s，所以产生该交流电的发电机转速为每秒50转，故A错误；B、由交流电u=311sin314tV可知，电压的最大值U m=311V．有效值U=U m=220V，可以使“220V，100W”的灯泡正常发光，且电流表的电流I==0.46A．故B错误，C、与灯泡并联的交流电压表测量时，读数为220V．故C错误．D、灯泡的最大电流为I m=I=0.64A，因此通过灯泡的电流i=0.64sin314t（A）．故D正确．故选：D．点评：本题要注意对于没有特别说明的情况，交流电的数值都是指有效值．计算交流电的电功、电功率都用有效值．3．（3分）（2015春•苏州期末）在如图所示的电路中，R l、R2、R3和R4皆为定值电阻，R T 为热敏电阻，电源的电动势为E，内阻为r．设理想电流表A的读数为I，理想电压表V的读数为U．当热敏电阻R T所处的环境温度降低时，则（）A．I变小，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变大，U变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当温度降低时，热敏电阻阻值变大；外电路总电阻变大，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化．解答：解：当温度降低时，热敏电阻阻值变大，则外部总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小，内压减小，路端电压增大，电压表示数增大；因干路电流减小，则R及R3分压减小，则流过R2和R4的电流增大；故电流表示数增大；故选：B．点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先确定出变阻器接入电路的电阻如何变化，再按局部到整体，再到部分的思路进行分析．4．（3分）（2015春•苏州期末）如图所示，A、B两个点电荷的电荷量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0．若弹簧发生的形变弹性限度内，则（）A．保持+Q不变，将+q变为一q，平衡时弹簧的缩短量等于x0B．保持+q不变，将+Q变为一Q，平衡时弹簧的缩短量小于x0C．保持+Q不变，将+q变为+2q，平衡时弹簧的伸长量等于2x0D．保持+q不变，将+Q变为+2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x0考点：电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据库仑定律及胡克定律列式分析，电荷量变化，库仑力变化，两球的距离变化，弹力变化，根据平衡条件列方程计算即可．解答：解：设弹簧的劲度系数为K，原长为x．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，则有：…①A、保持Q不变，将q变为﹣q，如果缩短量等于x0，则静电力大于弹力，故会进一步吸引，故平衡时弹簧的缩短量大于x0，故A错误．B、保持q不变，将Q变为﹣Q，如果缩短量等于x0，则静电力大于弹力，故会进一步吸引，故平衡时弹簧的缩短量大于x0，故B错误．C、保持Q不变，将q变为2q时，平衡时有：Kx1=k…②由①②解得：x1＜2x0，故C错误．D、同理可以得到保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x0，故D正确．故选：D．点评：本题主要考查了库仑定律及胡克定律的直接应用，要知道，电荷量变化后库仑力要变化，距离变化后弹簧弹力会变化．5．（3分）（2015春•苏州期末）如图所示，两根平行光滑电阻不计的金属导轨，左端接有电阻R，放置在倾角为θ的斜面（未画出）上，斜面处有垂直于斜面向上的匀强磁场．质量为m 电阻不计的金属棒动，在与其垂直且沿斜面向上的恒力F的作用下沿导轨匀速上滑h高度．则在这过程中，下列叙述中正确的是（）A．作用于金属棒ab各力的合力所做的总功等于零B．作用于金属棒ab各力的合力所做的功等于其克服重力所做的功与电阻R上发出的焦耳热之和C．F与金属棒ab所受的安培力的合力所做的功等于零D．F与金属棒ab所受重力的合力所做的功等于其重力势能的增加量与电阻R上生产的焦耳热之和考点：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．分析：导体棒ab匀速上滑，合力为零，即可合力的做功为零；对导体棒正确受力分析，根据动能定理列方程，弄清功能转化关系，注意克服安培力所做功等于回路电阻中产生的焦耳热．解答：解：AB、导体棒匀速上升过程中，作用于棒上各力的合力为零，则合力所作的总功等于零，故A正确，B错误．C、根据动能定理得：W F﹣W G﹣W安=0，得W F﹣W安=W G≠0，即恒力F与安培力的合力所做的功等于克服导体棒重力做的功，不等于零，故C错误．D、由W F﹣W G﹣W安=0得，W F﹣W G=W安，即恒力F与重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于电阻R上发出的焦耳热，故D错误．故选A．点评：对于电磁感应与功能结合问题，注意利用动能定理进行判断各个力做功之间关系，尤其注意的是克服安培力所做功等于整个回路中产生的焦耳热．二、多项选择题：本题共4小题；每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．（4分）（2015春•苏州期末）如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等．一个带负电的粒子以一定的初速度进入电场后，仅在电场力作用下沿实线轨迹运动，先后通过M点和N点．由此可判断出目（）A．N点的电势高于M点的电势B．该粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．该粒子在M点的速率小于在N点的速率D．该粒子在这一过程中电势能和动能之和保持不变考点：电势差与电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直，等差等势面的疏密程度也反映电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解答：解：A、由于带负电的粒子，由运动轨迹可知，电场力F的方向如图所示，根据电场的性质“顺着电场线的方向电势降落”可知，N点的电势低于M点的电势，故A错误；B、由于带负电的粒子，从N到M，电场力做正功，所以电势能减小，所以N点的电势能比在M点的电势能大，故B正确；C、从M到N，电场力做负功，速度减小，所以M点的速率大于在N点的速率，故C错误；D、根据能量守恒定律可知，电势能和动能之和保持不变，故D正确；故选：BD．点评：电场线与等势面垂直．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．7．（4分）（2015春•苏州期末）上海磁悬浮列车是世界上第一段投入商业运行的高速磁悬浮列车，设计最高运行速度为430km/h，仅次于飞机的飞行时速．如图所示是磁悬浮的原理图，图中A是圆柱形磁铁，B是高温超导（电阻率为零）材料制成的超导圆环．现将超导圆环水平放在磁铁上方，它就能在磁场力的作用下悬浮在磁铁上方的空中，下列说法中正确的是（）A．在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流．稳定后，感应电流仍存在B．在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流．稳定后，感应电流消失C．如A的S极朝上，B中感应电流的方向如图中所示D．如A的N极朝上，B中感应电流的方向如图中所示考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，所以据电磁感应的理解，结合超导、安培定则分析即可判断．解答：解：A、B、当将B环靠近A时，由于越靠近A物体，其磁场就越强，磁感线就越密，所以在靠近过程中B环会切割磁感线运动，即在该环中会产生感应电流；由于发生了超导，即没有电阻，所以此时B环中的电流不会变小，且永远存在，故A正确，B错误；C、如A的S极朝上，即其相互排斥，这就说明B环的下面是S极，故安培定则可判断此时用右手握时，大拇指应朝下，故感应电流为逆时针方向（俯视），即如图中所示，故C正确；D、此时圆环B水平放在磁铁A上且悬浮在磁铁A的上方空中，即其相互排斥，这就说明B环的下面是N极，故安培定则可判断此时用右手握时，大拇指应朝下，故感应电流为顺时针方向（俯视），故D错误．故选：AC．点评：知道产生感应电流的条件，并能结合超导和安培定则进行分析是解决该题的关键．8．（4分）（2015春•苏州期末）如图所示，变压器的原、副线圈的匝数比一定，原线圈的电压为U1时，副线圈的输出电压为U2，L1、L2、L3是三只完全相同的电灯．开始时，开关S 是断开的，现将S闭合，则（）A．L1变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮C．U1、U2均不变D．原线圈中的电流变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：开关S闭合后改变了副线圈的电流和功率，根据变压器原副线圈电压、电流与匝数比的关系即可求解．解答：解：A、根据，可知当原线圈的电压U1一定时，副线圈的电压U2也一定，当开关S闭合时，次级电阻减小，故次级电流变大，所以灯泡L1变亮，此时L2、L3并联支路的电压减小，L2变暗，故AC正确，B错误；D、由于次级电流变大，而电流之比等于匝数的反比，则原线圈中的电流变大；故D正确；故选：ACD．点评：本题主要考查了变压器的原理，要知道开关S闭合后，副线圈的电流和功率都变大，但输出电压是由输入电压决定的；电压不变．9．（4分）（2015春•苏州期末）如图所示，相互正交的匀强电场方向竖直向下，匀强磁场垂直纸面向里．带有等量同种电荷的三个液滴在此空间中，a液滴静止不动，b液滴沿水平线向右做直线运动，c液滴沿水平线向左做直线运动．则下列说法中正确的是（）A．三个液滴都带负电B．液滴b的速率一定大于液滴c的速率C．三个液滴中液滴b质量最大D．液滴b和液滴c一定做的是匀速直线运动考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：三个带电油滴都受力平衡，根据共点力平衡条件列式求解确定电性与质量大小，再依据洛伦兹力、电场力与重力关系，来判定速率的大小，最后根据洛伦兹力受到速率的影响，从而确定运动性质．解答：解：AC、a球受力平衡，有：G a=qE…①重力和电场力等值、反向、共线，故电场力向上，由于电场强度向下，故球带负电，b球受力平衡，有：G b+qvB=qE…②c球受力平衡，有：G c=qvB+qE…③解得：G c＞G a＞G b，故A正确，C错误；B、由上分析可知，无法确定b与c洛伦兹力大小，因此无法确定液滴速率大小，故B错误；D、根据f=qvB，可知，液滴的洛伦兹力受到速率的约束，若不是做匀速直线运动时，则洛伦兹力变化，导致受力不平衡，那么就不可能做直线运动，故D正确，故选：AD．点评：本题关键分别对a、b、c三个球进行受力分析，然后得到小球的电性，电场力和洛仑兹力的方向，最后根据共点力平衡条件得到各个球的重力的大小．三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．必做题10．（8分）（2015春•苏州期末）用如图甲所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量①旋动部件S，使指针对准电流的“0”刻线．②将K旋转到电阻挡“×100”的位置．③将插入“+”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动部件T，使指针对准电阻的0刻线（填“0刻线”或“∞刻线”）．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按BDC的顺序进行操作，再完成读数测量．A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准⑤在步骤④中，将两表笔分别与被测电阻两根引线相接，待稳定后，表盘指针如图乙所示，此被测电阻的阻值为 3.0×102Ω．（保留两位有效数字．）考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：①电表使用前要使指针指在0刻线位置，通过调节调零旋钮实现；③欧姆表测量前要进行欧姆调零；④欧姆表中值电阻附近刻度线最均匀，读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零；⑤欧姆表读数=刻度盘读数×倍率；⑥欧姆表使用完毕，要将旋钮选择“OFF”挡或者交流电压最大挡，若长期不用，需要将电池取出解答：解：①电表使用前要旋转机械调零旋钮S进行机械调零，使指针对准电流的0刻线；②将K旋转到电阻挡“×l00”的位置．③将插入“十”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻的0刻线．④欧姆表指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应换小挡进行测量，应将旋转开关K置于“×10”，然后进行欧姆调零，再测电阻，因此合理是实验步骤是：BDC．⑤由图2所示可知，被测电阻阻值：30×10=300Ω=3.0×102Ω；故答案为：①S；③T；0刻线；④BDC；⑤3.0×102．点评：本题考查了多用电表的使用方法，掌握基础知识即可正确解题；使用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近．11．（10分）（2015春•苏州期末）在测电池的电动势和内阻的实验中，某学生记录了电流表和电压表如表所示的6组数据：次数物理量 1 2 3 4 5 6电流I/A 0.12 0.20 0.31 0.32 0.44 0.57电压U/V 1.37 1.32 1.24 1.18 1.13 1.05实验中提供的器材有：A．电池（电动势约1.5V）．B．电流表（量程为0.6A，内阻约为0.1Ω和量程为3A，内阻约为0.02Ω）C．电压表（量程为3V，内阻约为lkΩ和量程为15V，内阻约为5kΩ）D．滑动变阻器（0～20Ω）E．开关一个、导线若干（1）根据实验要求，在图a中按要求连接实物图．（2）根据记录数据在如图b所示的坐标纸上作出U一I图线，并根据所作图线求出该电池的电动势E= 1.45V，内阻r=0.69Ω．（结果须小数点后保留两位数字）考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）由题意要求要确定实验原理图；再根据电路图连接实物电路图；（2）应用描点法作出图象，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．解答：解：（1）由于电流表内阻与电源内阻较接近；故电流表选用相对电源的外接法；原理图如图所示；根据电路图连接实物电路图如图所示：（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如图所示：由图象图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值为1.45，则电源电动势E=1.45V，电源内阻r===0.69Ω．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）图象如图所示；1.45；0.69．点评：本题考查了作图象、求电源电动势与内阻，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．三．选做题（请从A、B和C三小题中选定两小题作答，如都作答则按A、B两小题评分）A．（选修模块3--3）（12分）12．（4分）（2015春•苏州期末）某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线如图所示，图中f（v）表示v处单位速率区间内的分子数百分率，所对应的温度分别为TⅠ、TⅡ、TⅢ则（）A．TⅠ＞TⅡ＞TⅢB．TⅢ＞TⅡ＞TⅠC．TⅡ＞TⅠ，TⅡ＞TⅢD．TⅠ=TⅡ=TⅢ考点：温度是分子平均动能的标志．分析：温度是分子的平均动能的标志，大量的分子的速率的分布规律，满足麦克斯韦分布的规律．解答：解：根据麦克斯韦关于分子的分布规律，气体的温度越高，速率大的分子所占的比例越大．所以Ⅰ的温度最高，Ⅲ的温度最低．故A正确．故选：A点评：该题考查图f（v）表示v处单位速率区间内的分子数百分率与所对应的温度个关系，其实质是考查麦克斯韦分布规律，掌握其特点即可解答．13．（4分）（2015春•苏州期末）在“用油膜法估测分子大小”的实验中，首先要确定一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，具体做法是：把浓度为η的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒，记下滴入溶液滴数n时、量筒内增加的体积为V，则一滴溶液中纯油酸的体积为；然后将一滴油酸酒精溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，记下如图油酸分布图，已知图中每个正方形小方格的面积为S0．则油酸分子直径大小的表达式为．考点：用油膜法估测分子的大小．专题：实验题．分析：根据浓度按比例算出纯油酸的体积；把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直径，由d=可以求出直径大小．解答：解：一滴溶液中纯油酸的体积v0=．根据油膜分布图可知，大约有57个小格子，则油膜的面积为57S0，则d=．故答案为：，．点评：本实验的模型是不考虑油酸分子间的空隙，采用估算的方法求面积，肯定存在误差，但本实验只要求估算分子大小，数量级符合要求就行了．计算时注意单位的换算．14．（4分）（2015春•苏州期末）如图所示，一定质量的理想气体从状态A经等压变化到状态B．此过程中，气体的压强p=1.5×105Pa，吸收的热量为Q=2×102J，求此过程中气体内能的增量．考点：热力学第一定律；理想气体的状态方程．专题：热力学定理专题．分析：气体从状态A经等压过程到状态B的过程中，吸收热量，同时对外做功，要先求出体积的变化，再求外界对气体做的功，最后根据热力学第一定律求解．解答：解：气体由状态A到状态B的过程中，发生等压变化，由盖﹣吕萨克定律得：=得V B==2×10﹣3m3；在该过程中，外界对气体做功：W=p（V A﹣V B）=1.5×105×10﹣3J=150J根据热力学第一定律得：△U=Q+W=150+200=350J答：此过程中气体内能的增量是350J．点评：该题考查热力学第一定律和理想气体的状态方程，关键的是正确求出气体对外做的功．四．（选修模块34）（12分）15．（4分）（2015春•苏州期末）如图所示，乒乒乘坐速度为0.8c（c为光速）的宇宙飞船追赶正前方的宝宝，宝宝的飞行速度为0.6c，乒乒向宝宝发出一束光进行联络，则宝宝观测到该光束的传播速度为（）A．0.4c B．1.4c C．1.0c D．0.2c考点：*爱因斯坦相对性原理和光速不变原理．分析：光速不变原理：在狭义相对论中，指出无论在何种惯性系（惯性参照系）中观察，光在真空中的传播速度都是一个常数，不随光源和观察者所在参考系的相对运动而改变．故真空中的光速对任何观察者来说都是相同的，即为c．解答：解：根据爱因斯坦相对论，在任何参考系中，光速不变，即光速不随光源和观察者所在参考系的相对运动而改变．所以宝宝观测到该光束的传播速度为C，所以ABD错误，C正确．故选：C．点评：本题考查了光速不变原理，只要掌握了基本概念即可顺利解决．基础题目．16．（4分）（2015春•苏州期末）在一次测玻璃的折射率实验中，采用了如下方法，将一块半圆形玻璃砖放在水平面上（如图所示），用一束光线垂直于玻璃砖直径平面射入圆心O，以O 为转轴在水平面内缓慢转动半圆形玻璃砖，当刚转过θ角时，观察者在玻璃砖平面一侧恰看不到出射光线，这样就可以知道该玻璃砖的折射率n的大小，那么，上述测定方法主要是利用了全反射的原理，该玻璃的折射率n=．考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：由题，将玻璃砖缓慢转过θ角时，观察者在玻璃砖平面一侧恰看不到出射光线，说明光线玻璃砖平面发生了全反射，此时的入射角恰好等于临界角，由折射定律公式求出该玻璃砖的折射率．解答：解：据题意，将玻璃砖缓慢转过θ角时，观察者在玻璃砖平面一侧恰看不到出射光线，说明光线玻璃砖平面发生了全反射，此时的入射角恰好等于临界角，即有i=C=θ．根据临界角公式sinC=，则得n==．故答案为：全反射，点评：本题考查全反射的条件及临界角公式，并提供了利用全反射测定玻璃砖折射率的方法．17．（4分）（2015春•苏州期末）如图所示，一列简谐波在时刻t=﹣0时的波形图，该波沿x 轴正方向传播．经△t=0.9s，A点刚好第三次出现波峰．求经过多长时间平衡位置在x=11m的P点第一次出现波峰？考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：根据经△t=0.9s，A点刚好第三次出现波峰求出周期，根据图象得出波长，进而求出波速，当x=1m的波峰形式传播至x=11m时，x=11m的P点第一次出现波峰，根据t=求解时间，解答：解：由题意得：，解得：T=0.4s根据图象可知波长λ=4m则波速v=，当x=1m的波峰形式传播至x=11m时，x=11m的P点第一次出现波峰，则t=答：经过1s时间平衡位置在x=11m的P点第一次出现波峰．点评：解答本题的关系是根据题意求出周期，能根据图象读出波长，考察了同学们读图的能力，知道当x=1m的波峰形式传播至x=11m时，x=11m的P点第一次出现波峰．五．（选修模块3-5）（12分）18．（2015春•苏州期末）下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射规律的是（）A．B．C．D．考点：量子化现象．分析：要理解黑体辐射的规律：温度越高，辐射越强越大，温度越高，辐射的电磁波的波长越短．解答：解：黑体辐射以电磁辐射的形式向外辐射能量，温度越高，辐射越强越大，故B、D 错误．黑体辐射的波长分布情况也随温度而变，如温度较低时，主要以不可见的红外光进行辐射，在500℃以至更高的温度时，则顺次发射可见光以至紫外辐射．即温度越高，辐射的电磁波的波长越短，故C错误A正确．故选：A．点评：顺利解决本题，一定要熟练记忆本深刻理解教材的基本的内容，这是我们学好物理的捷径．19．（2015春•苏州期末）用如图甲装置做“验证动量守恒定律”的实验中，A、B两小球体积相同，称得A球的质量0.1kg，B球的质量为0.05kg，则应选A球（填“A”或“B”）作为入射球．两球相碰时，球心在地面的白纸上的投影分别是O和O′．实验过程中，两球多次落点的平均位置为从P和N，但N点的位置模糊不清，请你根据动量守恒和图乙中的读数判定N点的位置应在34.50cm刻度线上．考点：验证动量守恒定律．专题：实验题．分析：该实验中，为了使入碰小球在碰撞之后不被反向弹回，要求入碰小球的质量大于被碰小球的质量；碰后被碰小球的位移为：O′N．解答：解：为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，因此应选A球作为入射球；小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间t相等，水平位移与初速度成正比，可以用水平位移代替水平速度，碰撞过程动量守恒，由动量守恒动量得：m A OP=m A OM+m B O′N，由图示可知：OP=31.00cm，OM=15.00cm，代入数据解得：O′P=34.50cm；故答案为：A；34.50．点评：本实验主要是要把动量守恒用水平方向的位移表示出来，同学们一定要注意掌握，因为这是本实验的一个重要的技巧．。

2017-2018学年高二物理下学期期末考试试题(扫描版)(1)

又因为L=1m则 =0.25 m-------------------------1分
所以P与C点间的距离为： -------------------------2分
②由几何关系知，光线在BC界面的入射角为30°，设折射角为θ，由折射定律有：
-------------------------2分
解得：θ=60°---------------------2分
所以从Q点射出的光线与BC边的夹角为30°---------------------2分
且有： --------------------------------2分
联立以上各式解得：y = d--------------------------------1分
因此带电粒子从C点射出．--------------------------------1分
注：其他解法请酌情给分
33.（1）BDE（5分）
(1) 0.851~0.853(2分) (2) A2V1(2分)
（3）电路如图(2分) (4 )πUd2/4IL(3分)
23.(每空2分，共6分)
①4.6②1.5， ,
24.（12分）
解：（1）当安培力等于水平恒力F时杆的速度最大，设此时的感应电动势为E，电流为I，则：
F=F安2分
而F安=BIl1分
解：①气体初状态体积为： ---------------------------2分
由图知此时压强为： ---------------------------1分
由题意知：， -------------------------2分
从状态1到状态2由理想气体状态方程得：
- -------------------------2分

【高二物理试题精选】2018苏州市高二第二学期物理期末试题(带答案)

2018苏州市高二第二学期物理期末试题（带答案）
2018苏州市高二第二学期物理期末试题（带答案）
本试卷分选择题和非选择题两部分，满分120分，考试时间100分钟．
注意事项
1．答题前，考生先将自己的姓名、学校、考试号等填写清楚．2．选择题答案必须用2B铅笔填涂在答题卡相应的位置；非选择题部分必须使用黑色签字笔书写在答题卡上指定的区域，字体工整、笔迹清晰．
3．在草稿纸、试题卷上答题无效．
一、单项选择题本题共5小题；每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．
1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要．以下符合事实的是（）
A．丹麦物理学家奥斯特梦圆电生磁，终于发现了电磁感应现象B．英国物理学家麦克斯韦认为，金属块处于变化的磁场中会产生涡流
C．法拉第发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕
D．安培定则是用判断通电导线在磁场中所受安培力方向的
2．如图所示为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图(箭头未标出)，在M点处放置一个电荷量大小为q的负试探点电荷，受到的电场力大小为F，以下说法中正确的是（）
A．由电场线分布图可知M点处的场强比N点处场强大
B．M点处的场强大小为，方向与所受电场力方向相同
C．a、b为异种电荷，a的电荷量小于b的电荷量
D．如果M点处的点电荷电量变为2q，该处场强将变为
3．电磁炮是现代武器库中的一朵“奇葩”，其中“轨道电磁炮”。

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2017-2018学年苏州市高二期末调研测试物理试题本试卷分选择题和非选择题两部分，满分120分，考试时间100分钟．注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、学校、考试号等填写清楚．2．选择题答案必须用2B铅笔填涂在答题卡相应的位置；非选择题部分必须使用黑色签字笔书写在答题卡上指定的区域，字体工整、笔迹清晰．3．在草稿纸、试题卷上答题无效．一、单项选择题：本题共5小题；每小题3分，共15分．每小题只有一．个．选项．．符合题意．1．下列有关物理史实的叙述中正确的是目（）A．电荷周围存在由它产生的电场的观点，最早由奥斯特提出的B．密立根通过“油滴实验”最早测定了元电荷e的电荷量C．能测量带电粒子的质量和分析同位素的质谱仪，最初是由洛伦兹设计的D．法拉第电磁感应定律最先是由法拉第提出的2．标有"220V、100W"的一灯泡接在u=311sin(314t)V的正弦交流电上，则( )A．产生该交流电的发电机转速为每分钟50转B．与该灯泡串联的理想电流表读数为0.64AC．与该灯泡并联的理想电压表读数为311VD．通过该灯泡的电流i=0.64sin(314t)A3．在如图所示的电路中，R l、R2、R3和R4皆为定值电阻，R T为热敏电阻，电源的电动势为E，内阻为r．设理想电流表A的读数为I，理想电压表V的读数为U．当热敏电阻R T所处的环境温度降低时，则( )A．I变小，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变大，U变小4．如图所示，A、B两个点电荷的电荷量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0．若弹簧发生的形变弹性限度内，则( )A．保持+Q不变，将+q变为一q，平衡时弹簧的缩短量等于x0B．保持+q不变，将+Q变为一Q，平衡时弹簧的缩短量小于x 0c．保持+Q不变，将+q变为+2q，平衡时弹簧的伸长量等于2x0D．保持+q不变，将+Q变为+2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x05．如图所示，两根平行光滑电阻不计的金属导轨，左端接有电阻R，放置在倾角为θ的斜面(未画出)上，斜面处有垂直于斜面向上的匀强磁场．质量为m电阻不计的金属棒动，在与其垂直且沿斜面向上的恒力F的作用下沿导轨匀速上滑h高度．则在这过程中，下列叙述中正确的是( )A．作用于金属棒ab各力的合力所做的总功等于零B．作用于金属棒ab各力的合力所做的功等于其克服重力所做的功与电阻R上发出的焦耳热之和C．F与金属棒ab所受的安培力的合力所做的功等于零D．F与金属棒ab所受重力的合力所做的功等于其重力势能的增加量与电阻R上生产的焦耳热之和二、多项选择题：本题共4小题；每小题4分，共16分．每小题有多个选项．．．．符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等．一个带负电的粒子以一定的初速度进入电场后，仅在电场力作用下沿实线轨迹运动，先后通过M点和Ⅳ点．由此可判断出目（）A．Ⅳ点的电势高于M点的电势B．该粒子在Ⅳ点的电势能比在M点的电势能大C．该粒子在M点的速率小于在Ⅳ点的速率D．该粒子在这一过程中电势能和动能之和保持不变7．上海磁悬浮列车是世界上第一段投入商业运行的高速磁悬浮列车，设计最高运行速度为430km/h，仅次于飞机的飞行时速．如图所示是磁悬浮的原理图，图中A是圆柱形磁铁，B是高温超导(电阻率为零)材料制成的超导圆环．现将超导圆环水平放在磁铁上方，它就能在磁场力的作用下悬浮在磁铁上方的空中，下列说法中正确的是（）A．在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流．稳定后，感应电流仍存在B．在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流．稳定后，感应电流消失C．如A的S极朝上，B中感应电流的方向如图中所示D．如A的N极朝上，B中感应电流的方向如图中所示8．如图所示，变压器的原、副线圈的匝数比一定，原线圈的电压为U1时，副线圈的输出电压为U2，L l、L2、L3是三只完全相同的电灯．开始时，开关S是断开的，现将S闭合，则( )A．L1变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮C．U1、U2均不变D．原线圈中的电流变大9．如图所示，相互正交的匀强电场方向竖直向下，匀强磁场垂直纸面向里．带有等量同种电荷的三个液滴在此空间中，a液滴静止不动，b液滴沿水平线向右做直线运动，c液滴沿水平线向左做直线运动．则下列说法中正确的是理学（）A．三个液滴都带负电B．液滴b的速率一定大于液滴c的速率C．三个液滴中液滴b质量最大D．液滴b和液滴c一定做的是匀速直线运动三、简答题：本题分必做题(第10、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．必做题10．(8分)用如图甲所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量①旋动部件，使指针对准电流的“0”刻线．②将K旋转到电阻挡“×100”的位置．③将插入“+”、“一”插孔的表笔短接，旋动部件，使指针对准电阻的(填“０刻线”或“∞刻线”)．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按的顺序进行操作，再完成读数测量．A ．将K 旋转到电阻挡“×1 k”的位置B ．将K 旋转到电阻挡“×10”的位置C ．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D ．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准⑤在步骤④中，将两表笔分别与被测电阻两根引线相接，待稳定后，表盘指针如图乙所示，此被测电阻的阻值为 Ω．(保留两位有效数字．)11．(10分)在测电池的电动势和内阻的实验中，某学生记录了电流表和电压表如下表所示的6组数据：实验中提供的器材有：A ．电池(电动势约1.5V) ．B ．电流表(量程为0.6A ，内阻约为0.1Ω和量程为3A ，内阻约为0.02Ω)C ．电压表(量程为3V ，内阻约为lk Ω和量程为15V ，内阻约为5k Ω)D ．滑动变阻器(0～20Ω)E ．开关一个、导线若干(1)根据实验要求，在图口中按要求连接实物图．(2)根据记录数据在如图b 所示的坐标纸上作出U 一I 图线，并根据所作图线求出该电池的电动势E = V ，内阻r = Ω．(结果须小数点后保留两位数字)12．选做题(请从A 、B 和C 三小题中选定两小题作答，如都作答则按A 、B 两小题评分) A ．(选修模块3--3)(12分)(1)某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线如图所示，图中f(v)表示v处单位速率区间内的分子数百分率，所对应的温度分别为TⅠ、TⅡ、TⅢ则A．TⅠ>TⅡ>TⅢB．TⅢ>TⅡ>TⅠC．TⅡ> TⅠ，TⅡ> TⅢD．TⅠ=TⅡ=TⅢ(2)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，首先要确定一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，具体做法是：把浓度为η的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒，记下滴入溶液滴数n时、量筒内增加的体积为V，则一滴溶液中纯油酸的体积为；然后将一滴油酸酒精溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，记下如图油酸分布图，已知图中每个正方形小方格的面积为S0．则油酸分子直径大小的表达式为．(3)如图所示，一定质量的理想气体从状态A经等压变化到状态B．此过程中，气体的压强p=1.5×105Pa，吸收的热量为Q=2×102J，求此过程中气体内能的增量．B．(选修模块3 4)(12分)(1)如图所示，乒乒乘坐速度为0.8c(c为光速)的宇宙飞船追赶正前方的宝宝，宝宝的飞行速度为0.6c，乒乒向宝宝发出一束光进行联络，则宝宝观测到该光束的传播速度为A．0.4c B．1.4 c C．1.0c D．0.2c(2)在一次“测定玻璃的折射率”的实验中，采用了如图方法，将一块半圆形玻璃砖放在水平面上，用一束光线垂直于玻璃砖直径平面射入圆心O，以O为转轴在水平面内缓慢转动半圆形玻璃砖，当刚转过θ角时，观察者在玻璃砖平面一侧恰看不到出射光线，这样就可以知道该玻璃砖的折射率n的大小，那么上述测定方法主要是利用了的原理，该玻璃的折射率n= ．(3)如图所示，一列简谐波在时刻t=-0时的波形图，该波沿x轴正方向传播．经Δt=0.9s，A点刚好第三次出现波峰．求经过多长时间平衡位置在x=l 1m的P点第一次出现波峰?C．(选修模块3-5)(12分)(1)下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射规律的是．(2)用如图甲装置做“验证动量守恒定律”的实验中，A、B两小球体积相同，称得A球的质量0.1kg，B球的质量为0.05kg，则应选球(填“A”或“B”)作为入射球．两球相碰时，球心在地面的白纸上的投影分别是O和O’．实验过程中，两球多次落点的平均位置为从P和N，但N点的位置模糊不清，请你根据动量守恒和图乙中的读数判定N点的位置应在cm刻度线上．(3)处于静止状态的x原子核，经历一次院衰变后变成质量为M的Y原子核．放卅的a粒子垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场，测得其做圆周运动的半径为r．已知a粒子的质量为m，电荷量为q，求此衰变过程的质量亏损．四、计算题：本题共3小题，共47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．(15分)如图所示的电路中，R l=3Ω，R2=6Ω，R3=l.5Ω，C=20µF，当开关S断开时，电源的总功率为2W，当开关S闭合时，电源的总功率为4W．求：(1)电源的电动势和内阻；(2)闭合开关S时，电源的输出功率；(3)开关S断开和闭合时，电容器分别所带的电荷量．14．(16分)如图所示，足够长的光滑平行间距为L=lm金属导轨PQ、MN，水平放置在竖直向上磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中．质量为m=0.5kg、长度为lm金属棒ab垂直金属导轨放置且与导轨接触良好．MP间所接电阻的阻值R=0.50Ω，其余电阻均不计．ab在外力F的作用下由静止开始做加速度a=2m/s2的匀加速直线运动，5s末撤去外力F．试求：(1)前5s内外力F与时间t的关系式；(2)撤去外力瞬间金属棒ab的加速度；(3)撤去外力后，金属棒ab还能滑行的距离．15．(16分)如图所示，第二象限的某个矩形区域内，有方向垂直于纸面向里磁感应强度为B l的匀强磁场，该磁场的下边界与x轴重合；第三象限内有互相正交的匀强电场和匀强磁场，两者场强分别E l=500V/m和B2=0.5T；第四象限有一电场强度E=20003V/m的匀强电场，方向与x轴负方向成600指向y轴负方向．一质量m=l×l0-14kg、电荷量q=l×10-10C的带正电的粒子以某一速度v从y轴上的N点沿与y轴负方向成600角方向射入第二象限，后经P点进入第三象限内并沿直线运动，经过一段时间后，粒子经y轴上的M点与y轴负方向成600角的方向进入第四象限，M点坐标(0，-0.1m)，N点坐标(0，0.3m)，粒子重力忽略不计．求：(1)第二象限中矩形磁场的磁感强度B的大小；(2)第二象限中矩形磁场区域的最小面积：(3)若在该粒子经M点进入第四象限的同时，在适当的位置由静止释放另一与该粒子完全相同的带电粒子，可使两粒子在离开第四象限前相遇．求所有满足条件的释放点的集合(不计两粒子之间的相互作用力)．。