合肥市达标名校2018年高考三月调研物理试卷含解析

合肥市达标名校2018年高考三月调研物理试卷
一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．新型冠状病毒防疫期间，医用一次性口罩是必备的呼吸防护用品，口罩的核心材料是中间一层熔喷无纺布。

为了提高过滤效果必须在熔喷无纺布上进行重要的驻极处理，就是在熔喷无纺布上加入静电荷。

利用电荷的静电力作用捕集尘粒，称为静电吸引沉积，静电吸附效果直接影响着口罩的使用寿命。

根据这些信息，下列说法正确的是（）
A．医用一次性口罩可以进行高温蒸汽消毒再使用效果会更好
B．医用一次性口罩可以防护天然放射现象中放射出的α、β和γ射线
C．在防控期间口罩出现严重紧缺，为了节约资源刚用完的医用一次性口罩可以及时清洗晒干后使用D．防疫期间不法分子为了谋取暴利，制造销售假冒医用一次性驻极口罩，除了从专业技术上鉴定外，还可以用口罩能否吸附轻小纸屑来判断真假
2．如图所示为氢原子能级的示意图，下列有关说法正确的是
A．处于基态的氢原子吸收10.5eV的光子后能跃迁至，n＝2能级
B．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出3种不同频率的光
C．若用从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从n＝4能级跃迁到n＝3能级辐射出的光，照射该金属时一定能发生光电效应
D．用n＝4能级跃迁到n＝1能级辐射出的光，照射逸出功为6.34 eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为6.41eV
3．如图所示，铁芯上绕有线圈A和B，线圈A与电源连接，线圈B与理性发光二极管D相连，衔铁E连接弹簧K控制触头C的通断，忽略A的自感，下列说法正确的是
A．闭合S，D闪亮一下
B．闭合S，C将会过一小段时间接通
C．断开S，D不会闪亮
D ．断开S ，C 将会过一小段时间断开
4．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．\
5．杜甫的诗句“两个黄鹂鸣翠柳，一行白鹭上青天”描绘了早春生机勃勃的景象。

如图所示为一行白直线加速“上青天”的示意图图中12,F F 为某白鹭在该位置可能受到的空气作用力其中2F 方向竖直向上。

下列说法正确的是（ ）
A ．该作用力的方向可能与1F 相同
B ．该作用力的方向可能与2F 相同
C ．该作用力可能等于白鹭的重力
D ．该作用力可能小于白鹭的重力
6．四个水球可以挡住一颗子弹！如图所示，是央视《国家地理》频道的实验示意图，直径相同（约30cm 左右）的4个装满水的薄皮气球水平固定排列，子弹射入水球中并沿水平线做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，气球薄皮对子弹的阻力忽略不计。

以下判断正确的是（ ）
A ．子弹在每个水球中的速度变化相同
B ．每个水球对子弹做的功不同
C ．每个水球对子弹的冲量相同
D ．子弹穿出第3个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等
二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目
要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
7．一列简谐横波，沿x轴正向传播，位于原点的质点的振动图象如图1所示；图2为该波在某一时刻的波形图，A点位于x＝0.5 m处。

下列说法正确的是_______
A．由图1可知，位于原点的质点振动的振幅是16cm
B．位于原点的质点振动的周期是0.2s
C．由图1，在t等于周期时，位于原点的质点离开平衡位置的位移为零
D．该波的传播速度是20m/s
E.由图2可知，经过周期后，A点离开平衡位置的位移是-8cm。

8．如图所示，地球质量为M，绕太阳做匀速圆周运动，半径为R．有一质量为m的飞船，由静止开始从P点在恒力F的作用下，沿PD方向做匀加速直线运动，一年后在D点飞船掠过地球上空，再过三个月，又在Q处掠过地球上空．根据以上条件可以得出
A．DQ2R
B．PD的距离为
2 9
R
C
2
92FM
π
D
2
92FM
π
9．如图所示，轻弹簧一端固定在O点，另一端连接在一个小球上，小球套在光滑、水平的直杆上，开始时弹簧与杆垂直且处于原长。

现给小球一个水平向右的拉力F，使小球从杆上A点由静止开始向右运动，运动到B点时速度最大，运动到C点时速度为零。

则下列说法正确的是（）
A．小球由A到B的过程中，拉力做的功大于小球动能的增量
B．小球由B到C的过程中，拉力做的功大于弹簧弹性势能的增量
C．小球由A到C的过程中，拉力做的功等于弹簧弹性势能的增量
D．小球由A到C的过程中，小球所受合力的功先减小后增大
10．下列说法中不符合实际的是_______
A．单晶体并不是在各种物理性质上都表现出各向异性
B．液体的表面张力使液体表面具有扩张的趋势
C．气体的压强是由于气体分子间相互排斥而产生的
D．分子间同时存在引力和斥力，且这两种力同时增大，同时减小
E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递
11．如图所示，正三角形abc的三个顶点处分别放置三个等量点电荷，af垂直bc，e点为三角形的中心。

若b、c两点处的电荷产生的电场在a点处的合场强大小为E，则（）
A．a、c两点处的电荷产生的电场在b点处的合场强大小也为E
B．a、b、c三点处的电荷产生的电场在e点处的合场强大小为3E
C．e点的电势高于f点的电势
D．将负电荷从e点移到f点，电势能减小
12．无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度B的大小与电流成正比，与导线到这一点的
距离成反比，即
I
B k
r
（式中k为常数）。

如图所示，两根相距L的无限长直导线MN通有大小相等、方
向相反的电流，a点在两根导线连线的中点，b点在a点正上方且距两根直导线的距离均为L，下列说法正确的是（）
A．a点和b点的磁感应强度方向相同
B．a点和b点的磁感应强度方向相反
C．a点和b点的磁感应强度大小之比为4:3
D．a点和b点的磁感应强度大小之比为4:1
三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
13．某同学手头有一个标有“5V 9W”的小灯泡L，想描绘该小灯泡的伏安特性曲线，实验室中如下的实验器材：
A．电压表V1(量程为2V，内阻为2kΩ)
B．电压表V2(量程为15V，内阻为15kΩ)
C．电流表A1(量程为2A，内阻约为1Ω)
D．电流表A2(量程为0.6A，内阻约为10Ω)
E.定值电阻R1=4kΩ
F.定值电阻R2=16kΩ
G.滑动变阻器R3(0~5Ω，2A)
H.剂动变鞋器R4(0~150Ω，0.5A)
I.学生电源(直流9V，内阻不计)
J.开关，导线若干
(1)为了便于调节且读数尽量准确，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______，电压表应选用_______，定值电阻应选用_______(填器材前的字母序号)
(2)在虚线框中画出满足实验要求的电路图_______
(3)根据设计的电路图，可知小灯泡两端电压U与电压表读数U v的关系为______
14．小张同学利用“插针法”测定玻璃的折射率．
（1）小张将玻璃砖从盒子拿出放到白纸上，图示操作较为规范与合理的是____________．
（2）小张发现玻璃砖上下表面不一样，一面是光滑的，一面是磨砂的，小张要将玻璃砖选择_______（填“磨砂的面”或“光滑的面”）与白纸接触的放置方法进行实验较为合理．
（3）小张正确操作插好了4枚大头针，如图所示，请帮助小张画出正确的光路图____.然后进行测量和计算，得出该玻璃砖的折射率n=__________（保留3位有效数字）
四、解答题：本题共3题，每题8分，共24分
15．一质量为m=2kg的滑块能在倾角为θ=37°的足够长的斜面上以a=2m/s2匀加速下滑。

若给滑块施加一水平向右的恒力F，使之由静止开始在t=2s的时间内沿斜面运动2m。

求：
（1）滑块和斜面之间的动摩擦因数μ；
（2）推力F的大小。

16．如图所示，在边界OP、OQ之间存在竖直向下的匀强电场，直角三角形abc区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场。

从O点以速度v0沿与Oc成60°角斜向上射入一带电粒子，粒子经过电场从a点沿ab方向进人磁场区域且恰好没有从磁场边界bc飞出，然后经ac和aO之间的真空区域返回电场，最后从边界OQ 的某处飞出电场。

已知Oc=2L，3，ac垂直于cQ，∠acb=30°，带电粒子质量为m，带电量为+g，不计粒子重力。

求：
(1)匀强电场的场强大小和匀强磁场的磁感应强度大小；
(2)粒子从边界OQ飞出时的动能；
(3)粒子从O点开始射入电场到从边界OQ飞出电场所经过的时间。

17．现有由同一种材料制成的一个透明工艺品，其切面形状图如图所示。

其中顶部A为矩形形状，高CM=L，边长CD＝d，底部B为等边三角形。

现让一束单色光线从B部分MH边的中点O1表面处沿竖直方向射入，光线进入B后发现折射光线恰好与B部分的HM'平行且经过MM'，最后从A部分的CD边上某点O处射出，光在真空中的传播速度为c。

求：
（i）光在工艺品中传播的速度；
（ii）光在工艺品中传播的时间。

参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．D
【解析】
【分析】
【详解】
AC．高温蒸汽消毒和清洗都会导致熔喷无纺布上失去静电吸附能力，AC错误；
B．医用一次性口罩可能会防护天然放射现象中放射出的α射线，但对于穿透性较强的β射线和γ射线无防护作用，B错误；
D．熔喷无纺布上带有静电，可以对轻小纸屑产生吸附作用，可以用口罩能否吸附轻小纸屑来判断真假，D正确。

故选D。

2．D
【解析】
【详解】
A ．处于基态的氢原子吸收10.2eV 的光子后能跃迁至n=2能级，不能吸收10.2eV 的能量．故A 错误；
B ．大量处于n=4能级的氢原子，最多可以辐射出24
C 6=种，故B 错误；
C ．从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的光的能量值大于从n=4能级跃迁到n=3能级辐射出的光的能量值，用从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从n=4能级跃迁到n=3能级辐射出的光，照射该金属时不一定能发生光电效应，故C 错误；
D ．处于n=4能级的氢原子跃迁到n=1能级辐射出的光的能量为：
410.85(13.6)12.75eV E E E =-=---=，根据光电效应方程，照射逸出功为6.34eV 的金属铂产生的光电子的最大初动能为：12.75 6.34 6.41eV km E E W =-=-=，故D 正确；
3．D
【解析】
【详解】
AB.当闭合S 瞬间时，穿过线圈B 的磁通量要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，线圈B 的电流方向逆时针，而由于二极管顺时针方向导电，则线圈B 不会闪亮一下，则线圈A 中磁场立刻吸引C ，导致其即时接触，故A ，B 错误；
CD.当断开S 瞬间时，穿过线圈B 的磁通量要减小，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，电流方向为顺时针，则二极管处于导通状态，则D 会闪亮，同时对线圈A 有影响，阻碍其磁通量减小，那么C 将会过一小段时间断开，故C 错误，D 正确；故选D ．
【点睛】
该题考查楞次定律与右手螺旋定则的应用，注意穿过闭合线圈的磁通量变化，线圈相当于电源，而电流是从负板流向正极，同时理解二极管的单向导电性．
4．A
【解析】
【详解】
天平原本处于平衡状态，所以线框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，
由于线框平面与磁场强度垂直，且线框不全在磁场区域内，所以线框与磁场区域的交点的长度等于线框在磁场中的有效长度，由图可知，A 图的有效长度最长，磁场强度B 和电流大小I 相等，所以A 所受的安培力最大，则A 图最容易使天平失去平衡． A 正确； BCD 错误；
故选A ．
5．A
【解析】
【详解】
白鹭斜向上做匀加速运动，可知合外力与加速度同向，重力竖直向下，可知空气对白鹭的作用力斜向左上方，即可能是F 1的方向；由平行四边形法则可知F 1>G ；
故选A 。

6．D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．子弹向右做匀减速运动，通过相等的位移时间逐渐缩短，所以子弹在每个水球中运动的时间不同。

加
速度相同，由v at =V
知，子弹在每个水球中的速度变化不同，选项A 错误； B ．由W fx =-知，f 不变，x 相同，则每个水球对子弹的做的功相同，选项B 错误；
C ．由I ft =知，f 不变，t 不同，则每个水球对子弹的冲量不同，选项C 错误；
D ．子弹恰好能穿出第4个水球，则根据运动的可逆性知子弹穿过第4个小球的时间与子弹穿过前3个小球的时间相同，子弹穿出第3个水球的瞬时速度即为中间时刻的速度，与全程的平均速度相等，选项D 正确。

故选 D 。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
7．BCE
【解析】
【详解】
A.振幅是质点偏离平衡位置的最大距离，由图1读出振幅A=8cm ；故A 错误.
B.质点完成一个全振动的时间叫做一个周期，从振动图象中可以看成周期
；故B 正确.
C.当时，坐标原点的质点处在平衡位置向下运动，所以y=0；故C 正确.
D.从图2中可以看出波长，所以波速；故D 错误.
E.经过半个周期后，处于波峰的A 质点运动到波谷位置，则离开平衡位置的位移为8cm ，方向向下；故E 正确.
8．ABC
【解析】
【分析】
根据DQ 的时间与周期的关系得出D 到Q 所走的圆心角，结合几何关系求出DQ 的距离．抓住飞船做匀加速直线运动，结合PD 的时间和PQ 的时间之比得出位移之比，从而得出PD 的距离．根据位移时间公式和牛顿第二定律，结合地球与太阳之间的引力等于地球的向心力求出引力的大小．
【详解】
地球绕太阳运动的周期为一年，飞船从D 到Q 所用的时间为三个月，则地球从D 到Q 的时间为三个月，
即四分之一个周期，转动的角度为90度，根据几何关系知，DQ 的距离为，故A 正确；因为P 到D 的时间为一年，D 到Q 的时间为三个月，可知P 到D 的时间和P 到Q 的时间之比为4：5，根据212x at =
得，PD 和PQ 距离之比为16：25，则PD 和DQ 的距离之比为16：9，DQ =，则9PD R =，B 正确；地球与太阳的万有引力等于地球做圆周运动的向心力，对PD 段，根据位移公式有：
212F at a m
==，，因为P 到D 的时间和D 到Q 的时间之比为4：1，则44T t =，即T=t ，向心力
224n F M R T π=，联立解得地球与太阳之间的引力F =，故C 正确D 错误． 9．AC
【解析】
【详解】
A.小球由A 到B 的过程中，小球的动能增加，弹簧的弹性势能增加，根据功能关系可知，拉力做的功大于小球动能的增量，故A 正确；
B.小球由B 到C 的过程中，小球的动能减少，弹簧的弹性势能增加，根据功能关系可知，拉力做的功与小球减少的动能之和等于弹簧弹性势能的增量，则拉力做的功小于弹簧弹性势能的增量，故B 错误；
C.小球由A 到C 的过程中，动能的增量为零，根据功能关系可知，拉力做的功等于弹簧弹性势能的增量，故C 正确；
D.根据动能定理知：小球所受合力的功等于小球动能的变化量，小球的动能先增大后减小，所以合力的功先增大后减小，故D 错误。

10．BCE
【解析】
【详解】
A ．由于单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同，即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的，选项A 正确，不符合题意；
B ．液体的表面张力使液体表面具有收缩的趋势，选项B 错误，符合题意；
C ．气体的压强是由于大量的气体分子频繁的对器壁碰撞产生的，并不是由于气体分子间相互排斥而产生的，选项C 错误，符合题意；
D ．分子间同时存在引力和斥力，且这两种力同时增大，同时减小，选项D 正确，不符合题意；
E ．热量能自发地从温度高的物体向温度低的物体进行传递，选项E 错误，符合题意；
故选BCE.
11．AC
【解析】
【详解】
A ．设点电荷的电量为q ，三角形的边长为L ，已知b 、c 两点处的电荷产生的电场在a 点处的合场强大小为E ，b 、c 两点处的电荷在a 点处产生的场强大小相等，夹角为120︒，故b 、c 两点处的电荷在a 点处产生的场强大小都是E ，故有
2q E k L
= 同理可得a 、c 两点处的电荷产生的电场在b 点处的合场强大小也为E ，故A 正确；
B ．a 、b 、c 三点处的电荷在e 点产生的场强大小都是
223q
q E k k L '==⎫⎪⎝⎭
由平行四边形定则可知e 点处的电场强度大小为
2
62=6q E E k
E L '''== 故B 错误； C ．相对b 、c 两点处的电荷来说，af 是一根等势线，因此比较e 、f 两点的电势只需考虑a 点处电荷产生的电场，由此可得e 点的电势高于f 点的电势，故C 正确；
D ．负电荷在电势高点电能低，故将负电荷从e 点移到f 点，电势能将增加，故D 错误。

故选AC 。

12．AD
【解析】
【详解】
设通电导线在距离L 处产的磁感应强度大小为0B ，两导线MN 在b 点产生的磁感应强度方向成120°角，磁感应强度的矢量合为0B ，方向垂直MN 向下；两导线MN 在a 点产生的磁感应强度大小均为02B ，磁感应强度的矢量合为04B ，方向垂直MN 向下；所以a 点和b 点的磁感应强度方向相同，大小之比为4:1，故AD 正确，BC 错误。

故选AD 。

三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
13．C G A E 见解析 U=3U v
【解析】
【详解】
(1)[1][2][3][4]．由小灯泡的标识可知，其工作电流为1.5A ，工作电阻为4Ω，所以电流表宜选用电流表A 1，即C ；因为描绘该小灯泡的伏安特性曲线，电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，总阻值应与待测电阻阻值差不多，故选用滑动变阻器R a ，即G ；电压表V 2的量程太大，读数不准确，电压表V 1的量程
太小，但可以串联定值电阻R 1，将量程扩大到6V ，故电压表应选用V 1，即A ；定值电阻应选用R 1，即E 。

(2)[5]．滑动变阻器采用分压接法，电流表外接，电路图如图所示。

(3)[6]．根据串联电路知识可知
()V 1v 3=+=U I R R IR = 3U v
14．B 磨砂的面 1.53
【解析】
【分析】
光学镜面及光学玻璃面均不能用手触碰；根据实验原理，运用插针法，确定入射光线和折射光线．
【详解】
（1）玻璃砖的光学面不能用手直接接触，接触面的污渍会影响接触面的平整，进而影响折射率的测定，B 正确；
（2）为了不影响观察实验，应使得磨砂面接触纸面；
（3）光路图如图所示：
设方格纸上小正方形的边长为l ，光线的入射角为1θ，折射角为2θ
，则1sin 0.798θ=≈
，
2sin 0.521θ=≈，所以该玻璃砖的折射率12sin 0.798 1.53sin 0.521
n θθ==≈ 四、解答题：本题共3题，每题8分，共24分
15．（1）0.5，（2）44N 或1.82N 。

【解析】
【详解】
（1）未施加推力过程，牛顿第二定律：
sin37cos37mg mg ma μ︒-︒=
代入数据，解得：0.5μ=；
（2）施加推力F 后，由：
212
s at = 得：
22s 21m/s a t
'== 滑块沿斜面做匀加速直线运动，有加速度向上和向下两种可能：
当加速度沿斜面向上时，根据牛顿第二定律，有：
11cos37sin37(sin37cos37)F mg F mg ma μ︒-︒-︒+︒=' 解得：1(sin37cos37)44N cos37sin37mg mg ma F μμ'︒+︒+==︒-︒
当加速度沿斜面向下时，根据牛顿第二定律，有：
22sin37cos37(sin37cos37)mg F F mg ma μ︒-︒-︒+︒=' 解得：2(sin37cos37)20N 1.82N cos37sin3711
mg mg ma F μμ'︒-︒-==≈︒+︒。

16．（1
）E =
B = （2）204
k mv E = （3
）0203L v + 【解析】
【详解】
（1）从O 点到a 点过程的逆过程为平抛运动
水平方向：
012cos L v t θ=
竖直方向：
21132at L = 加速度： qE a m =
可得：
2038mv E qL
=， 10
4L t v =， 粒子进入磁场后运动轨迹如图所示，设半径为r ，由几何关系得， 3sin 30
r r L ︒+=， 洛伦兹力等于向心力：
2
v qvB m r
= 00cos602
v v v ︒==
解得： 032mv B qL
= 在磁场内运动的时间：
20
233r
L t v v ππ==.
（2）粒子由真空区域进入电场区域从边界飞出过程，由动能定理得，
21(32)2
k qE L r E mv -=- 解得：
204
k mv E = （3）粒子经过真空区域的时间，
304833L L t v v ==
. 粒子从真空区域进入电场区域到从边界飞出经过的时间为 2441(32)2
t L r at -=
， 解得： 40
433L t v =. 粒子从入射直至从电场区域边界飞出经过的时间 12340
2043233t t t t t L v π++=+++=. 17．（i ）
3c ；（ii ）432L d t c += 【解析】
【分析】
【详解】 （i ）光路图如图所示。

根据题图知，光进入介质B 的入射角为 α=60°，折射角为 β=30° 则工艺品的折射率为
sin sin603sin sin30n αβ︒===︒
在介质中的光速：
3c v n == （ii ）由几何关系得光在工艺品中传播的路程
sin602
cos30d L s +
︒=︒
· 光在工艺品中传播的速度 c v n
= 则光在工艺品中传播的时间 s t v
=· 联立解得
42L t c
=。