2021年高中化学人教版选修5学习质量检测4 Word版含解析

学习质量检测(四)生射中的根底有机化学
物质
第Ⅰ卷(选择题，共48分)
一、选择题(本题包含16小题，每小题3分，共48分。

每小题只要一个选项契合题意)
1.糖类、脂肪和蛋白质是保持人体生命活动所必
需的三大营养物质。

以下叙说正确的是()
1.植物油不能使溴的四氯化碳溶液褪色
2.葡萄糖能发生氧化反响和水解反响
3.淀粉水解的终究产品是葡萄糖
4.蛋白质溶液遇硫酸铜后发生的沉积能从头溶于
水
解析：植物油为不饱满高档脂肪酸甘油酯，能使溴的四
氯化碳溶液褪色；葡萄糖为五羟基醛，能发生氧化反响，但不能发生水解反响；淀粉水解生成低聚糖、三糖、二
糖，终究生成葡萄糖；硫酸铜为重金属盐，能使蛋白突
变性，生成的沉积不能从头溶于水。

答案：C
2. 下列叙说中，正确的是()
①能发生酯化反响的酸必定是羧酸②油脂水解后得到
的醇是丙三醇③天然蛋白质水解的终究产品是多种
α氨基酸④淀粉、纤维素、油脂都是高分子化合物
⑤蛋白质溶液中参加K2SO4溶液后，蛋白质从溶液中分出，
这种改变叫变性
a.只要③ B. ③④
C. ②③
D. ①⑤
解析：无机酸也可与醇发生酯化反响，①过错；②③正确；淀粉、纤维素为高分子化合物，油脂为小分子，④过错；⑤该进程为盐析；应选C。

答案：C
3. ①蔗糖，②淀粉，③纤维素，④蛋白质等物质，在稀
酸存在的条件下别离进行水解，终究只生成一种产品的是
()
1.①② B. ②③
C. ③④
D. ②③④
解析：本题考察的是二糖、多糖及蛋白质的水解这些比
较简单的有机化学根底常识。

蔗糖水解产品为葡萄糖和果糖；淀粉水解的终究产品只要葡萄糖一种物质；纤维素与淀粉相同，
水解的终究产品只要葡萄糖；蛋白质水解的终究产品为多种α－氨基酸。

明显只要②和③契合题意。

答案：B
4. 化学反响常常伴随着色彩改变。

下列有关反响的色彩改变正确的是()
A. 苯酚遇三氯化铁溶液变血赤色
B. 淀粉溶液遇碘酸钾变蓝色
C. 植物油遇溴水变黄色
D. 氧化铜遇热的乙醇变赤色
解析：苯酚遇三氯化铁溶液显紫色；淀粉溶液遇碘单突变蓝色；植物油中含有碳碳双键，与溴发生加成反响，生成无色的物质；氧化铜遇热的乙醇，氧化铜被复原为赤色的铜。

答案：D
5. 下列关于有机物说法正确的是()
①制乙酸乙酯时，把乙醇和乙酸顺次参加浓硫酸中
②用灼烧的办法能够差异丝和棉花
③油脂水解可得到氨基酸和甘油
④纤维素和淀粉都是多糖，二者互为同分异构体
⑤溴乙烷、油脂和蛋白质在必定条件下都能水解
⑥乙醇中是否含水，可用金属钠来查验
⑦乙烯和乙烷都能发生加聚反响
⑧蛋白质水解的终究产品是多肽
1.①②③⑧ B. ④⑤⑥⑦
C. ②⑤
D. ①⑤
解析：制乙酸乙酯时，应先向乙醇中参加浓硫酸，冷却
后再参加乙酸，①错；丝和棉花的成别离离为蛋白质和纤维素，灼烧时丝发生烧焦茸毛的气味，②正确；油脂水解产品为高档脂肪酸或高档脂肪酸盐和甘油，③错；纤维素和淀粉都是多糖，二者通式相同，但不是同分异构体，④错；溴乙烷、油脂和蛋白质在必定条件下都可水解，且蛋白质水解的终究产品为氨基酸，⑤正确，⑧过错；乙醇、水都能与金属钠反响生成氢气，⑥错；乙烯含碳碳双键，能发生加聚反响，乙烷不能，⑦过错。

答案：C
6. “对氨基苯甲酸丁酯”是防晒霜中能吸收紫外线的防
晒剂。

下列关于“对氨基苯甲酸丁酯”的说法中正确的是
()
A. 从有机物分类看，它可归于氨基酸类、酯类、芳香类
B. 它能与盐酸反响，但不能与苛性钠溶液反响
C. 甲酸丁酯基(－COOC4H9)有3种同分异构体
D. 它的分子式为C11H15NO2
解析：对氨基苯甲酸丁酯的结构简式为
，能够为它归于酯类，尽管含有－
NH2，但不含羧基，不能以为归于氨基酸，A过错；该有机物含有－NH2故与HCl反响，又含有酯基也可与苛性钠溶液反响，B
过错；由于丁基有4种同分异构体故甲酸丁酯基也有四种结构，C过错。

答案：D
7. “地沟油”是从一些饭馆、酒店的下水道里捞出来的
残油剩渣，饭馆的泔水油以及垃圾猪肉经加工制成的。

其制造进程如下：①捞去废油中的悬浮杂质；②参加双氧水进行漂白；
③参加工业消泡剂(内含铅、砷等元素及苯环、杂环等化合物)；
④高温炼制；⑤包装成成品油。

下列对“地沟油”的判别正确的是()
A. “地沟油”外观与一般食用油相同，具有稳定的熔、沸点
B. “地沟油”可用来作化工原料，如制造番笕等产品
C. “地沟油”在参加消泡剂后，消除了对人体健康的损害
D. “地沟油”的首要成分是蛋白质，还含有较多微量元素
解析：“地沟油”是混合物，没有稳定的熔、沸点；“地沟油”的首要成分是油脂，参加消泡剂后，不能消除对人体健康的损害。

答案：B
8. 甲型H1N1符号中含有H号码(类型的血凝素)和一个N 号码(类型的神经氨酸酶)。

右图是电子显微镜下的甲型流感病毒，病毒是一种蛋白质，下列说法过错的是()
A. 这种病毒不能降解，所以感染很严重
B. 病毒分子归于有机高分子化合物
C. 84消毒液具有强氧化性，能灭菌消毒
D. 酒精能使蛋白突变性，所以应勤洗手，还可常常用酒精为日常用品消毒
解析：病毒含有蛋白质，蛋白质能降解，它的感染是由于它的成长与繁衍，A选项过错；病毒由蛋白质组成，蛋白质是高分子化合物，B选项正确；84消毒液的有效成分是次氯酸钠，水解生成次氯酸，具有强氧化性，能使蛋白突变性，具有灭菌消毒才能，C选项正确；酒精能使蛋白突变性，能消毒灭菌，D选项正确。

答案：A
9. 下图是天冬酰苯丙氨酸甲酯(aspartame)的结构式。

关于aspartame的说法不正确的是()
A. 是芳香烃化合物
B. 分子式中含有氨基、羧基、酯基等官能团
C. 既能与NaOH反响，也能与HCl反响
D. 1 mol aspartame最多能与3 mol NaOH反响
解析：由于分子中含有N、O元素，所以属烃的衍生物，A不正确；分子中含有氨基、羧基、酯基和肽键四种官能团，
B正确；羧基与NaOH反响，氨基与HCl反响，C正确；羧基、酯基和肽键都能与NaOH反响，D正确。

答案：A
10. 核糖和脱氧核糖是人类生命活动中不行短少的物质，它们的结构简式别离是CH2OH(CHOH)3CHO和CH2OH(CHOH)2CH2CHO，在必定条件下它们都能发生的反响是()
①氧化②复原③酯化④水解⑤加成⑥中和
1.①②③⑤ B. ①③④
C. ③④⑤
D. ④⑤⑥
解析：两种物质分子结构中都含有醇羟基，可发生酯化
反响，都含有醛基，可发生氧化、复原、加成反响。

答案：A
11. 三国年代，诸葛亮领兵南征孟获，遇到“哑泉”，
战士饮后致哑，腹痛，乃至逝世，但喝“安泰泉”水后可解毒。

据剖析，“哑泉”水中溶有CuSO4，“安泰泉”水呈碱性，下
列说法中正确的是()
A. “哑泉”之毒是由于水中Cu2＋使人体蛋白突变性
B. “哑泉”之毒是由于水中SO使人体蛋白突变性
C. “哑泉”之毒是由于Cu2＋水解显酸性使人体蛋白突变性
D. “安泰泉”能解“哑泉”之毒的离子方程式为CuSO4＋2OH－===Cu(OH)2↓＋SO
解析：由于“哑泉”水中溶有CuSO4，喝入人体后能使人体中的蛋白突变性；而“安泰泉”水呈碱性，二者相遇发生反响生成Cu(OH)2沉积：Cu2＋＋2OH－===Cu(OH)2↓。

答案：A
12. “爱美之心，人皆有之”。

瘦身的办法层出不穷，有一种“吸脂瘦身法”，是使用机械设备经过皮肤小切断伸入皮下脂肪层，将脂肪碎块吸出以到达瘦身的意图。

关于油脂的说法正确的是()
A. 油脂便是脂肪
B. 油脂常温下都是固态
C. 油脂是酯的一种
D. 油脂在人体内的消化进程与水解无关
解析：在常温下，植物油脂呈液态，叫做油；动物油脂呈固态，叫做脂肪，它们统称为油脂，A、B错；油脂是高档
脂肪酸与丙三醇构成的酯，C对；油脂在小肠内经过酶的催化
水解后，产品才被小肠吸收，D错。

答案：C
13. 若1 mol有机物A在稀H2SO4效果下水解成2 mol B，下列物质中契合题意的物质A可能是()
①蔗糖②麦芽糖③葡萄糖④淀粉
1.①②③ B. ④⑤⑧
C. ②⑥⑧
D. ①⑤⑦
解析：1 mol物质能水解生成2 mol相同物质的有机物有：麦芽糖、两个相同的羟基羧酸构成的一元酯或二元酯、同种氨基酸构成的二肽。

答案：C
14. 由甘氨酸(H2N－CH2－COOH)和α－羟基乙酸
(HO－CH2－COOH)所组成的混合物发生分子间脱水反响，
其间生成物归于两分子脱水的直链状产品有()
1.1种 B. 2种
C. 3种
D. 4种
解析：2分子甘氨酸脱去1分子水构成二肽：
答案：D
15. 普拉西坦是一种改进回忆、抗健忘的中枢神经振奋药，其结构如图，下列关于普拉西坦的说法正确的是()
A. 它既有酸性，又有碱性
B. 它的二氯替代物有两种
C. 它能够发生水解反响
D. 分子中C、N、O原子均处于同一平面
解析：A项，该物质中无－COOH，不显酸性，无－NH2不显碱性；B项，该物质二氯替代物有8种；C项，分子中含，可发生水解反响；D项，分子中多个C原子为饱满C 原子，不行能共平面。

答案：C
16. 下列说法不正确的是()
A. 麦芽糖及其水解产品均能发生银镜反响
B. 用溴水即可辨别苯酚溶液、2,4－己二烯和甲苯
C. 在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产品是CH3CO18OH和C2H5OH
D. 用甘氨酸(H2NCH2COOH)和丙氨酸
(缩合最多可构成4种二肽
解析：麦芽糖归于复原性糖可发生银镜反响，麦芽糖的水解产品是葡萄糖，葡萄糖也归于复原性糖可发生银镜反响，A正确；苯酚和溴水反响生成白色沉积，2,4－己二烯能够使溴水褪色，甲苯和溴水不反响，但甲苯能够萃取溴水中的溴，甲苯的密度比水的小，所以基层是水层，上层是橙赤色的有机层，因而能够辨别，B正确；酯类水解时，酯基中的碳氧单键开裂，水中的羟基与碳氧双键结合构成羧基，所以CH3CO18OC2H5的水解产品是CH3COOH和C2HOH，因而选项C不正确；两个氨基酸分子(能够相同，也能够不同)，在酸或碱的存鄙人加热，经过一分子的氨基与另一分子的羧基间脱去一分子水，缩合构成含有肽键()的化合物，称为成肽反响。

因而，甘氨酸和丙氨酸混合缩合是既能够是本身缩合(共有2种)，也但是甘氨酸供给氨基，丙氨酸供给羧基，或许甘氨酸供给羧基，丙氨酸供给氨基，所以一共有4种二肽，即选项D正确。

答案：C
第Ⅱ卷(非选择题，共52分)
二、非选择题(本题包含6小题，共52分)
17. (7分)科学家发现某药物M能医治心血管疾病，是由于它在人体内能释放出一种“信使分子”D，并阐明晰D在人
体内的效果原理。

为此他们荣获了1998年诺贝尔生理学或医
学奖。

请答复下列问题：
(1)已知M的相对分子质量为227，由C、H、O、N四种元素组成，C、H、N的质量分数顺次为15.86%、2.20%和18.50%。

则M的分子式是____________。

D是双原子分子，相对分子质
量为30，则D的分子式为____________。

(2)油脂A经下列途径可得到M：
图中②的提示：C2H5OH＋
＋H2O
ⅰ.反响①的化学方程式是__________________(烃基可
用R1、R2、R3表明)。

ⅱ.反响②的化学方程式是__________________。

(3)若将0.1 mol B与足量的金属钠反响，则需耗费
________g金属钠。

答案：(1)C3H5O9N3NO
(3)6.9
18. (7分)如图所示：淀粉水解可发生某有机化合物A，A在不同的氧化剂效果下，能够生成B(C6H12O7)或C(C6H10O8)，B 和C都不能发生银镜反响，A、B、C都能够被强复原剂复原成为D(C6H14O6)。

B脱水可得到五元环的酯类化合物E或六元环的酯类化合物F。

已知，相关物质被氧化的难易次第：
RCHO最易，R－CH2OH次之，最难。

请鄙人列空格中填写A、B、C、D、E、F的结构简式。

A________，B________，C________，
D________，E________，F________。

解析：从淀粉的水解产品下手进行剖析，该水解产品被氧化后都生成6个碳原子的有机物，所以该水解产品为葡萄糖
而不是麦芽糖。

所以A为HOCH2(CHOH)4CHO。

再依据标题给出
的信息，A氧化成B之后分子中只多了一个O，即标题中所说
最易发生的醛基氧化成羧基的反响，所以B是
HOCH2(CHOH)4COOH。

A复原生成D是醛基被复原成羟基的成果，所以D是HOCH2(CHOH)4CH2OH，A变到C应该是既氧化了醛基，
也氧化了链端的羟基，继而推出C是HOOC(CHOH)4COOH。

至于
B分子内脱水成酯，能够按下图了解：
①③处断键脱水，C、O按虚线相连得六元环为F；②③
处断键脱水，C、O按实线相连得五元环为E。

答案：A. HOCH2(CHOH)4CHO
B. HOCH2(CHOH)4COOH
C. HOOC(CHOH)4COOH
D. HOCH2(CHOH)4CH2OH
19. (10分)A是某天然蛋白质必定条件下发生水解得到
的产品之一。

经测定：A的相对分子质量不超越200，其间氧
元素所占质量分数约为26.5%；等物质的量的A别离与NaOH、
Na充沛反响，耗费两者的物质的量之比为1∶2；经仪器剖析A分子中含有苯环，不含“－CH2－”和“－CH3”基团。

(1)测定A的相对分子质量的仪器是________，A的摩尔质量为________。

(2)必定条件下A分子间发生反响生成聚酯的化学方程式为______________________。

(3)A分子与氢氧化钠溶液、盐酸反响的化学方程式别离为_______________________。

(4)A的同分异构体有多种，写出契合下列条件的一切异构体的结构简式：
______________________________________________________ ________________。

①与A具有相同的官能团，是二替代苯，且苯环上的一溴替代物有两种
②催化氧化产品能发生银镜反响
③分子中氨基与羧基的方位联系，与A分子中氨基与羧基的方位联系不同
解析：A的相对分子质量不超越200，其间氧元素所占质量分数约为26.5%，氧原子个数为200×26.5%÷16＝3.3125，
且氧原子数为整数，则氧原子数为3；A的相对分子质量为
48÷26.5%＝181。

答案：(1)质谱仪181 g/mol
20. (10分)A、B、C是我们了解的与生命运动密切相关
的三种化合物，它们所含元素不超越三种；并有如下所示联系。

答复下列问题：
(1)A、B、C、D的化学式别离为：A________、B________、C________、D________。

(2)在常温下A、B经过________途径转化为C，而人体内的蛋白质是由各种________生成的。

(3)工业上制备D有两种办法：一是乙烯合成法，二是农
作物秸秆发酵法。

请写出有关的化学反响方程式及反响类型
____________________________________________；
______________________________________________________ ________________。

(4)油脂水解生成的醇与D是否为同系物(填“是”或“否”)________；请写出硬脂酸甘油酯在碱性条件下发生皂
化反响的化学方程式____________________
______________________________________________________ _______________________。

(5)现在，化合物B在自然界中的含量呈上升趋势，对环
境发生了不良影响，发生这种改变的首要原因是
__________________________________________。

解析：本题经过框图揣度，结合生命活动考察了糖类、
油脂、蛋白质的归纳常识，思考量虽不大但常识面广。

经过A、B、C、D的揣度作为突破口不难答复本题，A、B、C所含元素
不超越三种，是与生命活动密切相关的三种化合物，且A与B
反响能生成单质甲，应考虑A、B经过光合效果生成了O2，因
而A、B为H2O、CO2，C为葡萄糖，D为乙醇。

答案：(1)H2O CO2C6H12O6C2H5OH
(2)光合效果氨基酸
(3)CH2===CH2＋H2O―→CH3CH2OH(加成反响)
(C6H10O5)n＋n H2O―→n C6H12O6(水解反响)，
(淀粉或纤维素)(葡萄糖)
C6H12O62CO2↑＋2CH3CH2OH(分化反响)
(4)否CHC17H35COOCH2C17H35COOCH2C17H35COO＋
3NaOH3C17H35COONa＋CHOHCH2OHCH2OH
(5)绿色植物削减、汽车尾气排放和工厂排放很多CO2、
森林失火等
21. (10分)葡萄糖是人类的营养素。

在人体里，富氧条
件下氧化生成二氧化碳和水；在缺氧时则生成一种有机酸A。

已知：
将A进行如下图所示的反响，其间C和C′是同系物，C′是甲酸(HCOOH)。

答复下列问题：
(1)C和D′归于________(填编号，以下同)。

①同系物②同分异构体
③同类物质④同素异形体
(2)D′和E别离归于哪一类化合物：D′________，
E________。

①多元醇②醛③不饱满羧酸④多元羧酸⑤酯
(3)写出结构简式：A____________，F____________，
H____________。

(4)写出反响类型：Ⅰ____________，Ⅱ__________。

(5)写出A→E的化学方程式：
__________________________________________。

解析：该题为框图式揣度题，找突破口，由两分子A酯化得
答案：(1)③(2)④③
(4)消去反响加聚反响
22. (8分)阻垢剂可阻挠工业用水进程中无机物沉积结垢，经由下列反响道路可得到E和R两种阻垢剂(部分反响条件省略)。

(1)阻垢剂E的制备
①A可由人类重要的营养物质________水解制得(填“糖类”“油脂”或“蛋白质”)。

②B与新制的Cu(OH)2反响生成D，其化学方程式为
__________________________________________ 。

③D经加聚反响生成E，E的结构简式为
__________________________________________。

(2)阻垢剂R的制备
①G→J为替代反响，J的结构简式为________。

②J转化为L的进程中，L分子中添加的碳原子来源于
__________________________________________。

③由L制备M的反响进程顺次为
HOOCCH2CH2COOH＋Br2HOOCCH2CHBrCOOH＋HBr、
____________、____________(用化学方程式表明)。

④1 mol Q的同分异构体T(碳链无支链)与足量NaHCO3溶液效果发生2 mol CO2，T的结构简式为____________(只写一种)。

解析：(1)油脂水解能够得到高档脂肪酸和甘油(物质A)。

B能与新制的Cu(OH)2反响，阐明B分子中含有醛基。

由B的
分子式可知，B的结构简式应为
CH2===CHCHO。

B持续被催化氧化后可得D，其结构简式为CH2===CHCOOH。

D发生加聚反响即可得E，其结构简式为
(2)G→J是将－Br替代了－OH。

由J→L的反响条件不难
发现，J为CH2BrCH2Br，添加的碳应为CO2中的碳。

L→M的进
程中发生了碳碳双键。

③中所给有机产品的溴原子在碱的醇溶液中发生消去反响，可得含碳碳双键的化合物；生成的钠盐在稀硫酸效果下，发生强酸制弱酸的反响，即可得到M。

④中1 mol T与足量NaHCO3溶液效果能发生2 mol CO2，则T分子中
应含有2个羧基，而Q中的三元环能够改成碳
答案：(1)①油脂②CH2===CHCHO＋2Cu(OH)2
CH2===CHCOOH＋Cu2O↓＋2H2O
(2)①CH2BrCH2Br②CO2
③HOOCCH2CHBrCOOH＋3NaOH
NaOOCCH===CHCOONa＋NaBr＋3H2O NaOOCCH===CHCOONa＋H2SO4―→HOOCCH===CHCOOH＋Na2SO4。