2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业38附解析
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业20附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～4题为单项选择题，5～6题为多项选择题)1．(2016·浙江台州中学检测)甲、乙两名滑冰运动员沿同一直线相向运动，速度大小分别为3m/s 和1m/s ，迎面碰撞后(正碰)甲、乙两人反向运动，速度大小均为2 m/s 。
则甲、乙两人质量之比为( )A ．2∶3 B ．2∶5C ．3∶5D ．5∶3解析： 由动量守恒定律得：m 甲×3－m 乙×1＝m 甲×(－2)＋m 乙×2所以＝，选项C 正确。
m 甲m 乙35答案： C2．如图所示，两辆质量均为M 的小车A 和B 置于光滑的水平面上，有一质量为m 的人静止站在A 车上，两车静止。
若这个人自A 车跳到B 车上，接着又跳回A 车并与A 车相对静止。
则此时A 车和B 车的速度之比为( )A.B ．M ＋m m m ＋M M C. D ．MM ＋m m M ＋m解析： 规定向右为正方向，则由动量守恒定律有：0＝Mv B －(M ＋m )v A ，得＝，故选C 。
vA vB MM ＋m 答案： C 3.如图所示，光滑水平面上有大小相同的A 、B 两球在同一直线上运动。
两球质量关系为m B ＝2m A ，规定向右为正方向，A 、B 两球的动量均为6kg·m/s ，运动中两球发生碰撞，碰撞后A 球的动量增量为－4kg·m/s ，则( )A ．左方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为2∶5B ．左方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为1∶10C ．右方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为2∶5D ．右方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为1∶10解析： 由两球的动量都是6 kg·m/s 可知，运动方向都向右，且能够相碰，说明左方是质量小速度大的小球，故左方是A 球。
碰后A 球的动量减少了4 kg·m/s ，即A 球的动量为2 kg·m/s ，由动量守恒定律知B 球的动量为10 kg·m/s ，则其速度比为2∶5，故选项A 是正确的。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业8附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～6题为单项选择题，7～10题为多项选择题)1．(2017·锦州模拟)一物块静止在粗糙的水平桌面上，从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。
假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
以a 表示物块的加速度大小，F 表示水平拉力的大小。
能正确描述F 与a 之间关系的图象是( )解析： 对物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得F －μmg ＝ma ，解得：F ＝ma ＋μmg ，得F 与a 成一次函数关系，故A 、B 、D 错误，C 正确。
答案： C2．质量为1 kg 的质点，受水平恒力作用，由静止开始做匀加速直线运动，它在t s 内的位移为x m ，则F 的大小为(单位为N)( )A.2xt 2 B ．2x 2t －1C.2x 2t ＋1D ．2x t －1解析： 由牛顿第二定律F ＝ma 与x ＝12at 2，得出F ＝2mx t 2＝2xt 2，故本题选A 。
答案： A3．为了使雨滴能尽快地淌离房顶，要设计好房顶的高度，设雨滴沿房顶下淌时做无初速度无摩擦的运动，那么如图所示的四种情况中符合要求的是( )解析： 设屋檐的底角为θ，底边长为2L (不变)。
雨滴做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得加速度a ＝mg sin θm ＝g sin θ，位移大小x ＝12at 2，而x ＝Lcos θ，2sin θcos θ＝sin 2θ，联立以上各式得t ＝4Lg sin 2θ。
当θ＝45°时，sin 2θ＝1为最大值，时间t 最短，故选项C 正确。
答案： C 4.如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a 沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F ，则( )A ．物块可能匀速下滑B ．物块仍以加速度a 匀加速下滑C ．物块将以大于a 的加速度匀加速下滑D ．物块将以小于a 的加速度匀加速下滑解析： 设斜面的倾角为θ，根据牛顿第二定律知，物块的加速度a ＝mg sin θ－μmg cos θm >0，即μ<tan θ。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业19 Word版含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～5题为单项选择题，6～9题为多项选择题)1．玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与石头的撞击过程中()A．玻璃杯的动量较大B．玻璃杯受到的冲量较大C．玻璃杯的动量变化较大D．玻璃杯的动量变化较快解析：从同一高度落到地面上时，速度相同，动量相同，与草地或石头接触后，末动量均变为零，因此动量变化量相同。
因为玻璃杯与石头的作用时间短，由动量定理Ft＝mΔv 知，此时玻璃杯受到的力F较大，容易碎，D正确。
答案： D2．把重物压在纸带上，用一水平力缓缓拉动纸带，重物跟着纸带一起运动；若迅速拉动纸带，纸带就会从重物下抽出，这个现象的原因是()A．在缓缓拉动纸带时，纸带给重物的摩擦力大B．在迅速拉动纸带时，纸带给重物的摩擦力大C．在缓缓拉动纸带时，纸带给重物的冲量大D．在迅速拉动纸带时，纸带给重物的冲量大解析：在缓缓拉动纸带时，两物体之间的作用力是静摩擦力；在迅速拉动纸带时，它们之间的作用力是滑动摩擦力。
由于滑动摩擦力F f＝μF N(μ是动摩擦因数)，而最大静摩擦力F fm＝μm F N(μm是静摩擦因数)且μ≤μm。
一般情况下可以认为F f＝F fm，即滑动摩擦力F f 近似等于最大静摩擦力F fm。
因此，一般情况是缓拉，摩擦力小；快拉，摩擦力大。
缓缓拉动纸带时，摩擦力虽小些，但作用时间可以很长，故重物获得的冲量，即动量的改变量可以很大，所以能把重物带动；快拉时，摩擦力虽大些，但作用时间很短，故冲量小，所以重物动量的改变量小。
因此选项C正确。
答案： C3．质量为0.5 kg的钢球从5.0 m高处自由落下，与地面相碰后竖直弹起到达4.05 m高处，整个过程经历 2.0 s，则钢球与地面碰撞时受到地面对它的平均作用力为(g＝10 m/s2)()A ．5.0 NB ．90 NC ．95 ND ．100 N解析： 钢球从5.0 m 高处落下所用时间t 1＝2h 1g＝1.0 s ，与地面碰前的速度v 1＝2gh 1＝10 m/s ，钢球与地面碰后的速度v 2＝2gh 2＝9.0 m/s ，上升至4.05 m 所用时间t 2＝ 2h 2g＝0.9 s ，钢球与地面碰撞的时间Δt ＝t －t 1－t 2＝0.1 s ，则(F －mg )·Δt ＝m v 2－(－m v 1)，解得F ＝mg ＋m (v 2＋v 1)Δt ＝0.5×10 N ＋0.5×(10＋9)0.1N ＝100 N ，选项D 正确。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业3附解析
专题一 运动学图象、追及相遇问题课时作业一、选择题(1～6题为单项选择题，7～10题为多项选择题)1．(2017·锦州模拟)一质点沿x 轴做直线运动，其v -t 图象如图所示。
质点在t ＝0时位于x ＝5 m 处，开始沿x 轴正向运动。
当t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位置为( )A ．x ＝3 mB ．x ＝8 mC ．x ＝9 mD ．x ＝14 m解析： 图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负，故8 s 时位移为x 08＝⎣⎡⎦⎤2×(2＋4)2－1×(2＋4)2 m ＝3 m ，由于质点在t ＝0时位于x ＝5 m 处，故当t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位置为8 m ，故A 、C 、D 错误，B 正确。
答案： B2．下列所给的图象中能反映做直线运动的物体不会回到初始位置的是( )解析： A 选项为位移时间图象，图线与t 轴相交的两个时刻即为相同的初始位置，说明物体回到了初始位置；B 、C 、D 选项中的图象均为速度时间图象，要回到初始位置，则t 轴上方的图线与坐标轴围成的面积和t 轴下方的图线与坐标轴围成的面积相等，显然B 选项中只有t 轴上方的面积，故B 选项表示物体一直朝一个方向运动，不会回到初始位置，而C 、D 选项在t ＝2 s 时刻，物体回到了初始位置，故选B 。
答案： B3．已知某质点的位移图象如图所示，则它的速度图象应是图中的(取原运动方向为正)( )解析： 由位移图象可知，0～2 s 内， v 1＝Δx Δt ＝62＝3 m/s2 s ～4 s 内，v 2＝04 s ～5 s 内，v 3＝Δx Δt ＝0－61＝－6 m/s则图象A 正确。
答案： A4．(2016·辽宁沈阳高三质检)如图为一个质点做直线运动的v -t 图象，该质点在前4 s 内向东运动，则该质点( )A ．在8～10 s 内始终向东运动B ．在前8 s 内的加速度大小不变，方向始终向西C ．在前8 s 内的合外力先减小后增大D ．在4～12 s 内的位移大小为24 m解析： 由题意知，质点向东运动时速度为负，在8～10 s 内速度为正，质点向西运动，A 错误；在前8 s 内图象斜率不变，且为正值，则加速度大小不变，方向为向西，B 正确，C 错误；在4～12 s 内的位移等于12×6×6 m－12×2×6 m ＝12 m ，D 错误。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业18附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～5题为单项选择题，6～10题为多项选择题)1．升降机底板上放一质量为100 kg的物体，物体随升降机由静止开始竖直向上移动5 m的速度达到4 m/s，则此过程中(g取10 m/s2)()A．升降机对物体做功5 800 JB．合外力对物体做功5 800 JC．物体的重力势能增加500 JD．物体的机械能增加800 J答案： A2.如图所示，足够长的传送带以恒定速率顺时针运行。
将一个物体轻轻放在传送带底端，第一阶段物体被加速到与传送带具有相同的速度，第二阶段与传送带保持相对静止，匀速运动到达传送带顶端。
下列说法中正确的是()A．第一阶段摩擦力对物体做正功，第二阶段摩擦力对物体不做功B．第一阶段摩擦力对物体做的功等于第一阶段物体动能的增加量C．第一阶段物体和传送带间的摩擦所产生的热量等于第一阶段物体机械能的增加量D．物体从底端到顶端全过程机械能的增加量等于全过程物体与传送带间的摩擦所产生的热量解析：第一阶段摩擦力对物体做正功，第二阶段摩擦力对物体仍做正功，选项A错误；第一阶段摩擦力对物体做的功等于第一阶段物体动能的增加量和重力势能的增加量，选项B错误；第一阶段物体和传送带间的摩擦所产生的热量等于第一阶段物体机械能的增加量，选项C正确；物体从底端到顶端全过程机械能的增加量大于全过程物体与传送带间的摩擦所产生的热量，选项D错误。
答案： C3.(2017·玉溪一中期末)一线城市道路越来越拥挤，因此自行车越来越受城市人们的喜爱，如图，当你骑自行车以较大的速度冲上斜坡时，假如你没有蹬车，受阻力作用，则在这个过程中，下面关于你和自行车的有关说法正确的是()A．机械能增加B．克服阻力做的功等于机械能的减少量C．减少的动能等于增加的重力势能D．因为要克服阻力做功，故克服重力做的功小于克服阻力做的功答案： B4．把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A 位置，如图甲所示。
2018高考物理一轮总复习课时作业30 含解析 精品
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～6题为单项选择题，7～10题为多项选择题)1．(2015·海南单科·2)如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为E ，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为E ′。
则E ′E等于( )A.12 B ．22C ．1D ． 2解析： 设折弯前导体切割磁感线的长度为L ，E ＝BL v ；折弯后，导体切割磁感线的有效长度为L ＝⎝⎛⎭⎫L 22＋⎝⎛⎭⎫L 22＝22L ，故产生的感应电动势为E ′＝Bl v ＝B ·22L v ＝22E ，所以E ′E ＝22，B 正确。
答案： B 2.(2014·江苏高考)如图所示，一正方形线圈的匝数为n ，边长为a ，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。
在Δt 时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B 均匀地增大到2B 。
在此过程中，线圈中产生的感应电动势为( )A.Ba 22Δt B ．nBa 22ΔtC.nBa 2ΔtD ．2nBa 2Δt解析： 线圈在磁场中的面积S ＝12a 2，穿过线圈的磁通量的变化量ΔΦ＝2BS －BS ＝12Ba 2。
根据法拉第电磁感应定律E ＝n ΔΦΔt 得E ＝n a 2B2Δt，所以B 正确。
答案： B3．如图所示，线圈L 的自感系数很大，且其电阻可以忽略不计，L 1、L 2是两个完全相同的小灯泡，随着开关S 闭合和断开的过程中，灯L 1、L 2的亮度变化情况是(灯丝不会断)( )A ．S 闭合，L 1亮度不变，L 2亮度逐渐变亮，最后两灯一样亮；S 断开，L 2立即不变，L 1逐渐变亮B ．S 闭合，L 1不亮，L 2很亮；S 断开，L 1、L 2立即不亮C ．S 闭合，L 1、L 2同时亮，而后L 1逐渐熄灭，L 2亮度不变；S 断开，L 2立即不亮，L 1亮一下才熄灭D ．S 闭合，L 1、L 2同时亮，而后L 1逐渐熄灭，L 2则逐渐变得更亮；S 断开，L 2立即不亮，L 1亮一下才熄灭解析： 当S 闭合时，L 的自感系数很大，对电流的阻碍作用较大，L 1和L 2串接后与电源相连，L 1和L 2同时亮，随着L 中电流的增大，L 的直流电阻不计，L 的分流作用增大，L 1中的电流逐渐减小为零，由于总电阻变小，总电流变大，L 2中的电流增大，L 2灯变得更亮；当S 断开时，L 2中无电流，立即熄灭，而线圈L 将要维持本身的电流不变，L 与L 1组成闭合电路，L 1灯要亮一下后再熄灭。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业32 含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～5题为单项选择题，6～10题为多项选择题)1．小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间成正弦函数关系，如图所示。
此线圈与一个R ＝10 Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法正确的是( )A ．交变电流的周期为0.125 sB ．交变电流的频率为8 HzC ．交变电流的有效值为 2 AD ．交变电流的最大值为4 A解析： 由图象可知周期T ＝0.250 s ，频率f ＝1T ＝4 Hz ，故选项A 、B 均错误。
交变电流的有效值I ＝U R ＝E m 2R ＝202×10A ＝ 2 A ，最大值I m ＝E mR ＝2 A ，故选项D 错误，C 正确。
答案： C 2.如图，实验室一台手摇交流发电机，内阻r ＝1.0 Ω，外接R ＝9.0 Ω的电阻。
闭合开关S ，当发电机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e ＝102sin 10πt (V)，则( )A ．该交变电流的频率为10 HzB ．该电动势的有效值为10 2 VC ．外接电阻R 所消耗的电功率为10 WD ．电路中理想交流电流表的示数为1.0 A解析： 据ω＝2πf 知该交流电的频率为5 Hz ，A 错；该交流电电动势的最大值为10 2 V ，有效值E ＝10 V ，B 错；I ＝ER ＋r＝1.0 A ，P ＝I 2R ＝9 W ，C 错，D 对。
答案： D3．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的电动势e ＝2002sin 100πt (V)，那么( ) A ．该交变电流的频率是100 HzB ．当t ＝0时，线圈平面恰好与中性面垂直C ．当t ＝1200s 时，e 达到峰值D ．该交变电流的电动势的有效值为200 2 V解析： 由交变电流的电动势瞬时值表达式e ＝nBSωsin ωt 可知，交变电流的频率f ＝ω2π＝100π2π Hz ＝50 Hz ，选项A 错误。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业38附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、多项选择题1．对于一定量的理想气体，下列说法正确的是()A．气体的体积指的不是该气体的所有气体分子体积之和，而是指该气体所有分子所能到达的空间的体积B．只要气体的温度降低，气体分子热运动的剧烈程度一定减弱C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．外界对气体做功，气体的内能一定增加E．气体在等温膨胀的过程中一定从外界吸收热量解析：气体的体积是指该气体所有分子所能到达的空间的体积，故A对；温度是气体分子热运动的剧烈程度的标志，故B对；由气体压强的微观定义可知C错；做功和热传递都能改变气体的内能，故D错；气体在等温膨胀的过程中，对外界做功，而内能没变，则气体一定吸收热量，故E对。
答案：ABE2．下列有关热现象的叙述中正确的是()A．布朗运动是液体分子的运动，它说明了液体分子在永不停息地做无规则运动B．物体的温度越高，分子运动速率越大C．不违背能量守恒定律的实验构想也不一定能够实现D．晶体和非晶体在适当条件下是可以相互转化的E．用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做功2.0×105 J，若空气向外界放出1.5×105 J的热量，则空气内能增加5×104 J解析：布朗运动是液体中固体颗粒的运动，不是液体分子的运动，A错误；物体的温度越高，分子运动的平均速率越大，B错误；热力学第二定律表明第二类永动机虽不违背能量守恒定律，但仍不能实现，选项C 正确；晶体和非晶体在适当条件下是可以相互转化的，D正确；根据热力学第一定律可知选项E正确。
答案：CDE3．夏天，小明同学把自行车轮胎上的气门芯拔出的时候，会觉得从轮胎里喷出的气体凉，如果把轮胎里的气体视为理想气体、则关于气体喷出的过程，下列说法正确的是()A．气体的内能减少B．气体的内能不变C．气体来不及与外界发生热交换，对外做功，温度降低D．气体膨胀时，热量散得太快，使气体温度降低了E．气体分子的平均动能减小解析：气体喷出时，来不及与外界交换热量，发生绝热膨胀，Q＝0，对外做功，热力学第一定律的表达式为W＝ΔE，内能减少，温度降低，温度是分子平均动能的标志，则A、C、E正确。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业43 含解析
2018年高考模拟单元测试卷(一)运动的描述匀变速直线运动测试时间：60分钟满分：110分第Ⅰ卷(选择题，共48分)一、选择题(每小题4分，共48分。
1～7题为单项选择题，8～12题为多选题，全部选对得4分，错选得0分，漏选得2分)1．(2017·南京模拟)下列速度中，指平均速度的是()A．舰载机离开航母甲板时的速度B．导航仪提醒“你已超速”时车的速度C．雨滴落地时的速度D．小明百米跑的成绩为14 s，速度约为7 m/s解析：物体在某一时刻或经过某一位置时的速度为瞬时速度，在一段时间或一段位移内的速度为平均速度，故只有D正确。
答案： D2．(2017·海南七校联考)为了纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利70周年，铭记历史，警示未来，2015年9月3日在北京举行了隆重的阅兵式，关于甲、乙、丙、丁的图片，下列说法中错误的是()A．图甲中上午10点整李克强宣布纪念大会开始，10点整是时刻B．图乙中方队沿直线通过检阅台的一段时间内的位移大小与路程相等C．图丙中计算洲际导弹通过天安门广场(远大于导弹的长度)的时间时，洲际导弹不能看作质点D．阅兵预演空中梯队通过天安门上空时，以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的解析：时刻是指某一瞬时，对应时间轴上一个点，而时间是指两个不同时刻的间隔，所以选项A正确；图乙中方队沿直线通过检阅台，由于是单方向直线运动，所以一段时间内的位移大小等于路程，选项B正确；由于天安门广场的长度远大于洲际导弹长度，所以在计算导弹通过天安门广场的时间时，洲际导弹是能看作质点的，选项C错误；阅兵预演空中梯队飞机速度相同，所以以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的，选项D正确。
答案： C3．一物体由静止开始做匀加速运动，它在第n s内的位移是x，则其加速度大小为()A.2x2n－1B.2x n－1C.2x n 2D.x n ＋1解析： 第n s 内的平均速度等于这1 s 中间时刻即(n －0.5) s 时的瞬时速度v t ，即有v ＝v t ＝x 1，故a ＝v t t ＝x n －0.5＝2x2n －1。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业42 含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、多项选择题1．以下说法中正确的是()A．对于同一障碍物，波长越大的光波越容易绕过去B．白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的一种干涉现象C．红光由空气进入水中，波长变长、颜色不变D．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉E．不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的解析：对于同一障碍物，它的尺寸d不变，波长λ越长的光越容易满足d≤λ，会产生明显的衍射现象。
越容易绕过障碍物，所以A项正确。
白光通过三棱镜出现彩色条纹是光的色散现象，B项错误。
波的频率由波源决定，波速由介质决定，所以红光从空气进入水中，频率f不变，波速v变小，由v＝λf得，波长λ变小，所以C项错误。
检查平面的平整度是利用了光的干涉，所以D项正确。
由光速不变原理知，E项正确。
答案：ADE2．下列说法正确的是()A．红外线、紫外线、伦琴射线和γ射线在真空中传播的速度均为3.0×108 m/sB．红外线应用在遥感技术中，是利用它穿透本领强的特性C．紫外线在水中的传播速度小于红外线在水中的传播速度D．日光灯是紫外线的荧光效应的应用E．日光灯是紫外线的化学效应的应用解析：所有电磁波在真空中的传播速度都等于光速，故A正确；红外线应用在遥感技术中是利用它有较强的衍射能力，故B错误；对同一介质紫外线比红外线的折射率大，故紫外线比红外线在水中的传播速度小，故C正确；日光灯应用了紫外线的荧光效应，故D 正确，E错误。
答案：ACD3．两列相干波在同一水平面上传播，某时刻它们的波峰、波谷位置如图所示。
图中M 是波峰与波峰相遇点，是凸起最高的位置之一。
下列说法正确的()A．发生干涉的两列波的频率一定是相同的B．图中M、P、Q是振动加强的点，N、O是振动减弱的点C．图中N点的位移始终都是零D．由图中时刻经T/4，质点M和O点处在平衡位置E．两列波的传播速度的大小一定相同解析：根据波的干涉产生条件，发生干涉的两列波的频率一定是相同的，选项A正确；图中M、P、Q、O是振动加强的点，N是振动减弱的点，选项B错误；由于发生干涉的两列波的振幅不一定相同，图中N点的位移不一定始终都是零，选项C错误；由图中时刻经T/4，质点M和O点处在平衡位置，选项D正确；两列波的传播速度的大小一定相同，选项E正确。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业4 含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) 选择题(1～9题为单项选择题，10～15题为多项选择题)1．如图所示，所有的球都是相同的，且形状规则、质量分布均匀。
甲球放在光滑斜面和光滑水平面之间，乙球与其右侧的球相互接触并放在光滑的水平面上，丙球与其右侧的球放在另一个大的球壳内部并相互接触，丁球用两根轻质细线吊在天花板上，且其中右侧一根线是沿竖直方向。
关于这四个球的受力情况，下列说法正确的是()A．甲球受到两个弹力的作用B．乙球受到两个弹力的作用C．丙球受到两个弹力的作用D．丁球受到两个弹力的作用解析：因甲、乙、丙、丁四个球均处于平衡状态，故甲球只受水平面的弹力，斜面对其无弹力；乙球也只受水平面的弹力，与另一球之间无弹力作用；丙球受右侧球和球壳的两个弹力的作用；丁球受竖直细线的拉力，倾斜细线的拉力刚好为零，故C正确，A、B、D 错误。
答案： C2．质量为m的物体在水平面上，在大小相等、互相垂直的水平力F1和F2的作用下，从静止开始沿水平面运动，如图所示，若物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则物体()A．在F1的反方向上受到F f1＝μmg的摩擦力B．在F2的反方向上受到F f2＝μmg的摩擦力C．在F1、F2合力的反方向上受到的摩擦力为F f＝2μmgD．在F1、F2合力的反方向上受到的摩擦力为F f＝μmg解析：物体受到滑动摩擦力，大小为F f＝μmg，方向与物体运动方向相反，即与F1、F2的合力方向相反，故D正确。
答案： D3.(2017·东莞模拟)一个物体平放在水平面上，受到一个水平推力F的作用，如图所示。
F的大小由零逐渐增大，直到物体开始滑动一段位移。
在这一过程中，以下关于摩擦力的大小和方向的说法中正确的是()A．一直随F的增大而增大B．大小不变C．方向一直水平向左D．方向先向左后向右解析：用力F推物体，在没推动前，物体受静摩擦力作用，静摩擦力的大小随F的增大而增大，方向与F反向，水平向左；当F增大到能推动物体时，物体受到的摩擦力为滑动摩擦力，滑动摩擦力的大小F f＝μF N＝μmg，方向与运动方向相反，水平向左，故只有C正确，A、B、D错误。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业10 Word版含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(第1题为单项选择题，第2题为多项选择题)1.(2017·长沙模拟)如图所示，以速度v逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为θ，现将一个质量为m的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为μ(μ＜tan θ)，则能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线是()解析：小木块刚放到传送带上时将会与传送带发生相对滑动，加速度a1＝g sin θ＋μg cos θ，当小木块与传送带达到共同速度v后，由于μ＜tan θ，小木块将会相对于传送带向下滑动，加速度a2＝g sin θ－μg cos θ；由于a1＞a2，选项D正确。
答案： D2．(多选)如图所示，在山体下的水平地面上有一静止长木板，某次山体滑坡，有石块从山坡上滑下后，恰好以速度v1滑上长木板，石块与长木板、长木板与水平地面之间都存在摩擦。
设最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力的大小，且石块始终未滑出长木板。
下面给出了石块在长木板上滑行的v -t图象，其中正确的是()解析：由于石块与长木板、长木板与地面之间都有摩擦，故石块不可能做匀速直线运动，故选项A错误；若石块对长木板向右的滑动摩擦力小于地面对长木板的最大静摩擦力，则长木板将静止不动，石块将在长木板上做匀减速直线运动，故选项D正确；设石块与长木板之间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面之间的动摩擦因数为μ2，石块的质量为m，长木板的质量为M，当μ1mg>μ2(M＋m)g时，最终石块与长木板将一起做匀减速直线运动，此时的加速度为μ2g，由μ1mg>μ2(M＋m)g，可得μ1mg>μ2mg，即石块刚开始的加速度大于石块与长木板一起减速时的加速度，即μ1g>μ2g，也就是说图象的斜率将变小，故选项C错误，B正确。
答案：BD二、非选择题3.如图所示，物体A的质量为M＝1 kg，静止在光滑水平面上的平板车B的质量为m＝0.5 kg、长为L＝1 m。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业34 含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) 选择题(1～7题为单项选择题，8～14题为多项选择题)1．在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的()A．频率B．强度C．照射时间D．光子数目解析：由爱因斯坦光电效应方程E k＝hν－W0可知，E k只与频率ν有关，故选项B、C、D错，选项A正确。
答案： A2．如图所示，当弧光灯发出的光经一狭缝后，在锌板上形成明暗相间的条纹，同时与锌板相连的验电器铝箔有张角，则该实验()A．只能证明光具有波动性B．只能证明光具有粒子性C．只能证明光能够发生衍射D．证明光具有波粒二象性解析：弧光灯发出的光经一狭缝后，在锌板上形成明暗相间的条纹，这是光的衍射，证明了光具有波动性，验电器铝箔有张角，说明锌板发生了光电效应，则证明了光具有粒子性，所以该实验证明了光具有波粒二象性，D正确。
答案： D3．爱因斯坦因提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921年诺贝尔物理学奖。
某种金属逸出光电子的最大初动能E km与入射光频率ν的关系如图所示，其中ν0为极限频率。
从图中可以确定的是()A．逸出功与ν有关B．E km与入射光强度成正比C．当ν＜ν0时，会逸出光电子D ．图中直线的斜率与普朗克常量有关解析： 本题考查光电效应的逸出功，意在考查考生是否会根据图象分析光电子的最大初动能与入射光频率的关系或能否将E km ＝hν－W 与图象联系起来。
答案： D4．[2014·江苏单科·12C(1)]已知钙和钾的截止频率分别为7.73×1014 Hz 和5.44×1014 Hz ，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的( )A ．波长B ．频率C ．能量D ．动量解析： 由光电效应方程E km ＝hν－W ＝hν－hν0钙的截止频率大，因此钙中逸出的光电子的最大初动能小，因动量p ＝2mE km ，故动量小，由λ＝h p，可知波长较大，则频率较小，选项A 正确。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业28附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～5题为单项选择题，6～9题为多项选择题) 1.在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方置一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将会( )A ．向上偏转B ．向下偏转C ．向纸内偏转D ．向纸外偏转解析： 由题意可知，直线电流的方向由左向右，根据安培定则，可判定直导线下方的磁场方向为垂直纸面向里，而阴极射线电子运动方向由左向右，由左手定则知(电子带负电，四指要指向其运动方向的反方向)，阴极射线将向下偏转，故B 选项正确。
答案： B2．(2017·长春模拟)如图所示，斜面顶端在同一高度的三个光滑斜面AB 、AC 、AD ，均处于水平方向的匀强磁场中。
一个带负电的绝缘物块，分别从三个斜面顶端A 点由静止释放，设滑到底端的时间分别为t AB 、t AC 、t AD ，则( )A ．t AB ＝t AC ＝t AD B ．t AB >t AC >t AD C ．t AB <t AC <t AD D ．无法比较解析： 带负电物块在磁场中的光滑斜面上受重力、支持力和垂直斜面向下的洛伦兹力，设斜面的高度为h ，倾角为θ，可得物块的加速度为a ＝g sin θ，由公式x ＝12at 2＝h sin θ解得t ＝2h g sin 2θ，可知θ越大，t 越小，选项C 正确。
答案： C 3.如图所示，a 、b 是两个匀强磁场边界上的两点，左边匀强磁场的磁感线垂直纸面向里，右边匀强磁场的磁感线垂直纸面向外，两边的磁感应强度大小相等。
电荷量为2e 的正离子以某一速度从a 点垂直磁场边界向左射出，当它运动到b 点时，击中并吸收了一个处于静止状态的电子，不计正离子和电子的重力且忽略正离子和电子间的相互作用，则它们在磁场中的运动轨迹是( )解析： 正离子以某一速度击中并吸收了一个处于静止状态的电子后，速度不变，电荷量变为＋e ，由左手定则可判断出正离子过b 点时所受洛伦兹力方向向下，由r ＝m v /qB 可知，轨迹半径增大到原来的2倍，所以在磁场中的运动轨迹是图D 。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业23 含解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、选择题(1～6题为单项选择题，7～10题为多项选择题)1．一个带正电的质点，电荷量q ＝2.0×10－9 C ，在静电场中由a 点移动到b 点。
在这过程中除静电力外，其他力做的功为6.0×10－5 J ，质点的动能增加了8.0×10－5 J ，则a 、b两点间的电势差U ab 为( )A ．1×104 VB ．－1×104 VC ．4×104 VD ．－7×104 V解析： 根据动能定理得W ab ＋6.0×10－5 J ＝8.0×10－5 J ，则W ab ＝8.0×10－5 J －6.0×10－5J ＝2.0×10－5J 。
由U AB ＝W AB q 得U ab ＝2.0×10－52.0×10－9 V ＝1×104 V ，选项A 正确。
答案： A 2.电场中有A 、B 两点，一个点电荷在A 点的电势能为1.2×10－8 J ，在B 点的电势能为0.80×10－8 J 。
已知A 、B 两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量的绝对值为1.0×10－9 C ，那么( )A ．该电荷为负电荷B ．该电荷为正电荷C ．A 、B 两点的电势差U AB ＝4.0 VD ．把电荷从A 移到B ，静电力做功为W ＝2.5×10－10J解析： A 点的电势能大于B 点的电势能，从A 到B 静电力做正功，所以该电荷一定为负电荷，故选项A 正确，选项B 错误；静电力做功W AB ＝E p A －E p B ＝1.2×10－8 J －0.80×10－8J ＝0.40×10－8J ，选项D 错误；由U AB ＝W AB q 得U AB ＝0.4×10－8－1.0×10－9V ＝－4.0 V ，所以选项C 错误。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业35附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)选择题(1～9题为单项选择题，10～14题为多项选择题)1．(2015·天津理综·1)物理学重视逻辑，崇尚理性，其理论总是建立在对事实观察的基础上。
下列说法正确的是( )A ．天然放射现象说明原子核内部是有结构的B ．电子的发现使人们认识到原子具有核式结构C ．α粒子散射实验的重要发现是电荷是量子化的D ．密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的解析： 放射现象中释放出了其他粒子，说明原子核内部具有一定的结构，A 正确；电子的发现使人们认识到原子是可以分割的，是由更小的微粒组成的，B 错误；α粒子散射实验否定了汤姆孙提出的枣糕式原子模型，建立了核式结构模型，C 错误；密立根油滴实验测定了电子的电荷量，D 错误。
答案： A2．下列说法正确的是( )A ．康普顿效应说明光具有粒子性，电子的衍射实验说明粒子具有波动性B ．爱因斯坦发现了光电效应现象，并且提出光子说，成功解释了光电效应现象C ．爱因斯坦的光电效应方程能够说明光子具有动量D ．康普顿效应表明光子只具有能量解析： 康普顿效应说明光具有粒子性，电子的衔射实验说明粒子具有波动性，选项A 正确；赫兹在研究电磁波时发现了光电效应现象，爱因斯坦提出光子说，成功解释了光电效应现象，选项B 错误；爱因斯坦的光电效应方程不能够说明光子具有动量，选项C 错误；康普顿效应表明光子除了具有能量外还有动量，选项D 错误。
答案： A3．(2014·北京理综·14)质子、中子和氘核的质量分别为m 1、m 2和m 3。
当一个质子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是(c 表示真空中的光速)( )A ．(m 1＋m 2－m 3)c B ．(m 1－m 2－m 3)cC ．(m 1＋m 2－m 3)c 2D ．(m 1－m 2－m 3)c 2解析： 题中核反应方程为H ＋n →H ，根据爱因斯坦的质能方程得ΔE ＝Δm ·c 2＝(m 1＋m 2－m 3)11021c 2，C 正确。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业36附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、多项选择题1．关于分子力，下列说法中正确的是( )A ．碎玻璃不能拼合在一起，说明分子间斥力起作用B ．将两块铅压紧以后能连成一块，说明分子间存在引力C ．水和酒精混合后的体积小于原来体积之和，说明分子间存在引力D ．固体很难被拉伸，也很难被压缩，说明分子间既有引力又有斥力E ．分子间的引力和斥力同时存在，都随分子间距离的增大而减小答案： BDE2．下列说法正确的是( )A ．温度相同的氢气和氮气分子的平均速率不同B ．由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离C ．当一定质量的理想气体的体积增大时，气体的内能一定增大D ．将碳素墨水滴入清水中，观察到的布朗运动是碳分子的无规则运动E ．容器内一定质量的理想气体体积不变，温度升高，则单位时间内撞击容器壁的分子数增加解析： 温度相同的氢气和氮气，气体分子平均动能相同，由于气体分子的质量不同，故气体分子的平均速率不同，A 正确；若已知阿伏加德罗常数N A 、气体的摩尔质量M 和气体的密度ρ，由V ＝M ρ，V N A＝d 3，可以估算出理想气体分子间的平均距离d ，B 正确；当一定质量的理想气体的体积增大时，气体对外做功，若同时气体放出热量，则气体的内能减小，C 错误；布朗运动并不是碳分子的运动，而是悬浮小颗粒的无规则运动，D 错误；由于气体体积不变，即气体分子的密度不变，温度升高，气体分子的平均动能增大，故单位时间撞击容器壁的分子数增加，E 正确。
答案： ABE3．下列五幅图分别对应五种说法，其中正确的是( )A ．微粒运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动B．当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等C．食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的D．小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用E．洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之间存在吸引力解析：微粒运动反映了液体分子的无规则热运动，微粒运动即布朗运动，A错误；当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等，B正确；食盐晶体的物理性质沿各个方向是不一样的，C错误；由于表面张力的作用，液体要收缩至表面积最小，所以小草上的露珠呈球形，D正确；洁净的玻璃板接触水面，由于水分子和玻璃分子之间存在吸引力，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于或等于玻璃板的重力与水分子和玻璃分子之间的引力之和，E正确。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业39附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、多项选择题1．如图所示为某弹簧振子在0～5 s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是()A．振动周期为4 s，振幅为8 cmB．第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值C．第3 s末振子的速度为正向的最大值D．从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动E．第2 s末系统势能最大解析：由图象可知：T＝4 s，A＝8 cm，故A正确。
第2 s末，振子的加速度正向最大，B错误；第3 s末，振子正向通过平衡位置，C正确；从第1 s末到第2 s末，振子沿负向减速，D错误；第2 s末振子速度为零，动能最小，势能最大，故E正确。
答案：ACE2．如图甲所示为以O点为平衡位置，在A、B两点间做简谐运动的弹簧振子，图乙为这个弹簧振子的振动图象，由图可知下列说法中正确的是()A．在t＝0.2 s时，弹簧振子的加速度为正向最大B．在t＝0.1 s与t＝0.3 s两个时刻，弹簧振子在同一位置C．从t＝0到t＝0.2 s时间内，弹簧振子做加速度增大的减速运动D．在t＝0.6 s时，弹簧振子有最小的弹性势能E．在t＝0.2 s与t＝0.6 s两个时刻，振子速度都为零解析：t＝0.2 s时，弹簧振子的位移为正向最大值，而弹簧振子的加速度与位移大小成正比，方向与位移方向相反，A错误；在t＝0.1 s与t＝0.3 s两个时刻，弹簧振子的位移相同，B正确：从t＝0到t＝0.2 s时间内，弹簧振子从平衡位置向最大位移处运动，位移逐渐增大，加速度逐渐增大，加速度方向与速度方向相反，弹簧振子做加速度增大的减速运动，C正确；在t＝0.6 s时，弹簧振子的位移为负向最大值，即弹簧的形变量最大，弹簧振子的弹性势能最大，D错误；t＝0.2 s与t＝0.6 s，振子在最大位移处，速度为零，E正确。
答案：BCE3．甲、乙两人观察同一单摆的振动，甲每经过3.0 s观察一次摆球的位置，发现摆球都在其平衡位置处；乙每经过4.0 s观察一次摆球的位置，发现摆球都在平衡位置右侧的最高处，由此可知该单摆的周期不可能的是()A ．0.5 sB ．1.0 sC ．1.5 sD ．2.0 sE ．2.5 s解析： 甲每经过3 s 观察一次，都发现摆球在平衡位置，说明t ＝3 s ＝n ×T2，其中n 取整数；乙每经过4 s观察一次，发现摆球都在平衡位置右侧的最大位移处，则有t ′＝4 s ＝m ×T ，其中m 取整数，因此，选项C 、E 不可能是单摆的周期；正确答案为A 、B 、D 。
2018高考物理一轮总复习(人教版)课时作业37附解析
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、多项选择题1．下列说法正确的是()A．液体表面张力的方向与液面相切B．单晶体有固定的熔点，多晶体没有固定的熔点C．单晶体中原子(或分子、离子)的排列具有空间周期性D．通常金属在各个方向的物理性质都相同，所以金属是非晶体E．液晶具有液体的流动性，同时具有晶体的各向异性特征。
解析：液体的表面张力垂直于分界面，且与液面相切，A正确；只要是晶体，不论是单晶体还是多晶体都有固定的熔点，B错误；单晶体中原子(或分子、离子)的排列具有空间周期性，所以有规则的几何形状，C正确；金属是晶体，晶体的某些物理性质具有各向异性，D错误；液晶既具有液体的流动性，又具有晶体的各向异性，E 正确。
答案：ACE2．下列说法正确的是()A．气体扩散现象表明气体分子间存在斥力B．液晶具有流动性，光学性质各向异性C．热量总是自发地从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体D．机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功以转化成机械能E．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力解析：扩散说明分子在做无规则运动，不能说明分子间存在斥力，选项A错误；液晶是一类介于晶体与液体之间的特殊物质，它具有流动性，光学性质各向异性，选项B正确；热量总是自发地从温度高的物体传递到温度低的物体，而温度是分子平均动能的标志，故C正确；根据能量转化的方向性可知，内能不可能全部转化为机械能而不引起其他变化，但在一定条件下可以将内能全部转化为机械能，选项D错误；液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子之间的作用力表现为引力，所以液体表面存在表面张力，故E正确。
答案：BCE3．下列说法中正确的是()A．空气中水蒸气的实际压强与饱和汽压相差越大，蒸发越容易B．布朗运动是液体分子的运动，说明液体分子永不停息地做无规则热运动C．水杯里水的水面超出杯口但不溢出，是由于水的表面张力作用D．单晶体具有物理性质各向异性的特征E．温度升高，物体中所有分子的动能都增大答案：ACD4．下列说法正确的是()A．单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点B．空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示C ．在太空中正常运行的“天宫一号”内的水珠由于表面张力作用可以变成完美的球形D ．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间斥力大于引力E ．液晶的光学性质具有各向异性 答案： ACE 5.如图所示，质量为m 的绝热活塞把一定质量的理想气体密封在竖直放置的绝热汽缸内。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
课时作业(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)一、多项选择题1．对于一定量的理想气体，下列说法正确的是()A．气体的体积指的不是该气体的所有气体分子体积之和，而是指该气体所有分子所能到达的空间的体积B．只要气体的温度降低，气体分子热运动的剧烈程度一定减弱C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．外界对气体做功，气体的内能一定增加E．气体在等温膨胀的过程中一定从外界吸收热量解析：气体的体积是指该气体所有分子所能到达的空间的体积，故A对；温度是气体分子热运动的剧烈程度的标志，故B对；由气体压强的微观定义可知C错；做功和热传递都能改变气体的内能，故D错；气体在等温膨胀的过程中，对外界做功，而内能没变，则气体一定吸收热量，故E对。
答案：ABE2．下列有关热现象的叙述中正确的是()A．布朗运动是液体分子的运动，它说明了液体分子在永不停息地做无规则运动B．物体的温度越高，分子运动速率越大C．不违背能量守恒定律的实验构想也不一定能够实现D．晶体和非晶体在适当条件下是可以相互转化的E．用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做功2.0×105J，若空气向外界放出1.5×105J的热量，则空气内能增加5×104 J解析：布朗运动是液体中固体颗粒的运动，不是液体分子的运动，A错误；物体的温度越高，分子运动的平均速率越大，B错误；热力学第二定律表明第二类永动机虽不违背能量守恒定律，但仍不能实现，选项C正确；晶体和非晶体在适当条件下是可以相互转化的，D正确；根据热力学第一定律可知选项E正确。
答案：CDE3．夏天，小明同学把自行车轮胎上的气门芯拔出的时候，会觉得从轮胎里喷出的气体凉，如果把轮胎里的气体视为理想气体、则关于气体喷出的过程，下列说法正确的是()A．气体的内能减少B．气体的内能不变C．气体来不及与外界发生热交换，对外做功，温度降低D．气体膨胀时，热量散得太快，使气体温度降低了E．气体分子的平均动能减小解析：气体喷出时，来不及与外界交换热量，发生绝热膨胀，Q＝0，对外做功，热力学第一定律的表达式为W＝ΔE，内能减少，温度降低，温度是分子平均动能的标志，则A、C、E正确。
答案：ACE4．下列说法正确的是()A．对于一定量的气体，在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零B．如果没有漏气、没有摩擦，也没有机体热量的损失，热机的效率可以达到100%C．在各种晶体中，原子(或分子、离子)都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性D．在围绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船中，自由悬浮的水滴呈球形，这是液体表面张力作用的结果E．一定量的理想气体等压膨胀对外做功，气体一定吸热解析：根据气体压强的产生原因，在完全失重的情况下，气体的压强不为零，选项A错误；根据热力学第二定律，热机的效率不可能达到100%，选项B错误；在各种晶体中，原子(或分子、离子)都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性，选项C正确；宇宙飞船中自由悬浮的水滴处于完全失重状态，由于重力引起的液体内部的压力为零，故液滴呈球形是液体表面张力作用的结果，选项D正确；一定量的理想气体等压膨胀，温度一定升高，内能一定增加，ΔU>0，膨胀对外做功，W<0，由热力学第一定律W＋Q＝ΔU可知，Q>0，说明气体一定吸热，故选项E正确。
答案：CDE5．下列说法正确的有()A．1 g水中所含的分子数目和地球的总人口数差不多B．气体对容器壁的压强，是由气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的C．物体内能增加，温度不一定升高D．一定质量的密闭气体从外界吸收热量，内能不一定增加E．能量在转化过程中守恒，所以我们可以将失去的能量全部转化回我们可以利用的能量，以解决能源需求问题解析： 1 g水物质的量为118mol，含分子数目为118×6.02×1023个，远多于地球上总人口数，所以A错误；气体对容器壁的压强，是由气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的，选项B正确；当物体内能增加时，温度可能不变，比如晶体的熔化过程温度没有升高，选项C正确；一定质量的密闭气体从外界吸收热量，若同时气体对外界做功，其内能不一定增加，选项D正确；根据能量耗散原理可知，有的能量不可回收，选项E错误。
答案：BCD6．下列说法正确的是()A．气体从外界吸收热量，其内能不一定增加B．液体的表面层的分子距离比液体内部要大些，分子力表现为引力C．当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能为零D．第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的E．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越远离饱和汽压，水蒸发越慢解析：根据热力学第一定律，做功和热传递都可以改变内能，所以气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，选项A正确；液体的表面层的分子间距较大，分子间距离比液体内部要大些，分子力表现为引力，选项B正确；当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小但不为零，选项C错误；第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它违背了热力学第二定律，也是制造不出来的，选项D正确；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，选项E错误。
答案：ABD二、非选择题7.如图所示，一定质量的理想气体经历A →B 、B →C 、C →A 三个变化过程，则：(1)符合查理定律的变化过程是________；C →A 过程中气体________(选填“吸收”或“放出”)热量 ，________(选填“外界对气体”或“气体对外界”)做功，气体的内能________。
(选填“增加”、“减少”或“不变”)(2)已知理想气体在状态A 时的温度是27 ℃，求气体在状态C 时的温度。
解析： (1)B →C 过程中，体积不变，为等容变化过程，符合查理定律；C →A 过程为等压变化，随着温度升高，气体内能增加，气体膨胀对外界做功，根据热力学第一定律可知：气体吸收热量。
(2)C →A 过程中气体压强不变，由盖·吕萨克定律可知：V C T C ＝V A T A，可得T C ＝150 K 。
答案： (1)B →C 吸收 气体对外界 增加 (2)150 K 8.如图所示，一竖直放置的圆柱形绝热汽缸，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体。
活塞的质量为m ，横截面积为S 。
初始时，汽缸内理想气体的温度为T 0，活塞与容器底部相距h 。
现通过电热丝缓慢加热汽缸内理想气体，当汽缸内理想气体吸收热量Q 时活塞下降了h ，已知大气压强为p 0，重力加速度为g ，不计活塞与汽缸的摩擦，求此时汽缸内理想气体的温度和加热过程中内能的增加量。
(题中各物理量单位均采用国际单位制)解析：由盖 -吕萨克定律得：hS T 0＝2hS T 1解得T 1＝2T 0气体在等压变化过程中，对活塞受力分析，如图所示由平衡条件：pS ＝p 0S －mg则气体对活塞做功W ＝pSh ＝(p 0S －mg )h由热力学第一定律：ΔU ＝Q －W所以气体内能的增加量为ΔU ＝Q －(p 0S －mg )h答案： Q －(p 0S －mg )h9．(1)汽车是一种将内能转化为机械能来工作的机器。
有人总想将汽车发动机的工作效率提升到100%，根据我们所学的热学知识可知，这是不可能的，这种想法违背了________(填“热力学第一定律”、“热力学第二定律”或“热力学第三定律”)。
(2)一定质量的理想气体由状态A 经状态B 变为状态C ，其中A →B 过程为等压变化，B →C 过程为等容变化。
已知V A ＝0.3 m 3，T A ＝T C ＝300 K ，T B ＝400 K 。
①求气体在状态B 时的体积；②设A →B 过程气体吸收的热量为Q 1，B →C 过程气体放出的热量为Q 2，比较Q 1、Q 2的大小并说明原因。
解析： (1)将汽车发动机的工作效率提升到100%，没有违反能量转化和守恒定律，既不违反热力学第一定律，但违反了热力学第二定律。
(2)①设气体在B 状态时的体积为V B ，A →B 过程气体发生等压变化，由盖—吕萨克定律得，V A T A ＝V B T B，代入数据得V B ＝0.4 m 3。
②由题意，T A ＝T C ，所以气体A →B 过程增加的内能与B →C 过程减小的内能相同。
而A →B 过程气体对外做功，B →C 过程气体不做功，由热力学第一定律可知，Q 1＞Q 2。
答案： (1)热力学第二定律 (2)①0.4 m 3 ②Q 1＞Q 2 10.甲(1)如图甲，一定质量的理想气体由状态A 经状态B 变为状态C ，其中A →B 过程为等容变化，B →C 过程为等压变化。
已知T A ＝T C ＝400 K 。
则气体在状态B 时的温度为________；如果A →B 过程气体放出的热量为Q 1，B →C 过程气体吸收的热量为Q 2，则Q 1________Q 2(填“大于”、“小于”或“等于”)。
(2)如图乙所示，两个可导热的汽缸竖直放置，它们的底部由一细管连通(忽略细管的容积)。
两汽缸各有一个活塞，质量分别为m 1和m 2，活塞与汽缸无摩擦。
活塞的下方为理想气体，上方为真空。
当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度h 。
已知m 1＝3m ，m 2＝2m ，现在两活塞上同时各加一质量为m 的物块，气体再次达到平衡后两活塞的高度差是多少？(假定环境温度始终保持为T 0)乙解析： (1)由图可知V C ＝0.4 m 3、V B ＝0.3 m 3，由盖·吕萨克定律得，V B T B ＝V C T C，代入数据得T B ＝300 K 。
因为T A ＝T C ，故A →B 减少的内能与B →C 增加的内能相同，而B →C 过程气体对外做正功，A →B 过程气体不做功，由热力学第一定律可知Q 1小于Q 2。
(2)设左、右活塞的面积分别为S ′和S ，由于气体处于平衡状态，故两活塞对气体的压强相等，即：3mg S ′＝2mg S ，由此得：S ′＝32S 在两个活塞上各加一质量为m 的物块的瞬间左边气体所受压强变为8mg 3S ，而右边气体所受压强变为3mg S，则最终右活塞降至汽缸底部，所有气体都在左汽缸中。
在初态，气体的压强为2mg S ，体积为52Sh ；在末态，气体压强为8mg 3S ，体积为32Sx (x 为左活塞的高度)。
由玻意耳定律得：2mg S ·52Sh ＝8mg 3S ·32Sx 解得x ＝54h ，即两活塞的高度差为54h 。
答案： (1)300 K 小于 (2)54h。