广东省深圳市2016届高三第二次调研考试物理试题及答案
广东省深圳市第二外国语学校2016届高三物理上学期第二次教学质量测试试题
2015年深圳二外2016届高三第二次教学质量测试理科综合第Ⅰ卷(选择题 共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中。
第l4～18题只有一项符合题目要求。
第l9～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分。
选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14. 伽利略对“自由落体运动”和“运动和力的关系”的研究,开创了科学实验和逻辑推理 相结合的重要科学研究方法。
图1、图2分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程,对 这两项研究,下列说法正确的是A 、图1通过对自由落体运动的研究,合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动B.、图l 中先在倾角较小的斜面上进行实验,可“冲淡”重力,使时间测量更容易C 、图2中完全没有摩擦阻力的斜面是实际存在的,实验可实际完成D 、图2的实验为“理想实验”,通过逻辑推理得出物体的运动需要力来维持15. 斜面放置在水平地面上始终处于静止状态，物体在沿斜向上的拉力作用下沿斜面向上运动，某时刻撤去拉力F ，那么物体在撤去拉力后的瞬间与撤去拉力前相比较，以下说法正确的是（ ）A ．斜面对地面的压力一定增大了B ．斜面对地面的压力一定减小了C ．斜面对地面的静摩擦力一定减小了D ．斜面对地面的静摩擦力一定不变16. 如图所示，在同一竖直平面内有两个正对着的半圆形光滑轨道，轨道的半径都是R 。
轨道端点所在的水平线相隔一定的距离x 。
一质量为m 的小球能在其间运动而不脱离轨道，经过最低点B 时的速度为v 。
小球在最低点B 与最高点A 对轨道的压力之差为ΔF (ΔF >0 )。
不计空气阻力。
则：A ．m 、x 一定时，R 越大，ΔF 一定越大B ．m 、x 一定时，v 越大，ΔF 一定越大C ．m 、R 一定时，x 越大，ΔF 一定越大D ．m 、R 一定时，v 越大，ΔF 一定越大17. 如图所示，一质量为m 的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳 的力将沙袋缓慢拉起使绳与竖直方向的夹角为θ＝30°，且绳绷紧，则练功队员对沙袋 施加的作用力大小为A ．2mg BxC D18. 关于物体运动的加速度，下列说法正确的是：A．做直线运动的物体，加速度方向一定不变B．做曲线运动的物体，加速度可能不变C．做匀速圆周运动的物体，加速度不变D．以额定功率做加速直线运动的汽车，加速度是恒定的19. 2011年6月21日，我国发射了“中星10号”地球同步通讯卫星，卫星的质量为5.22t，说法中正确的是A．卫星可以定点在北京的正上方B．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度C．卫星运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小D．卫星运行的速度比第一宇宙速度小20. 一滑块以初速度v0从固定的足够长斜面底端沿斜面向上滑行，该滑块的“速度-时间”图像可能是: （）21.如右图所示，一根长为L的轻杆OA，O端用铰链固定，另一端固定着一个小球A，轻杆靠在一个高为h的物块上。
2016届广东省深圳市高三第二次调研考试理综试题(Word)
2016届广东省深圳市高三第二次调研考试理综试题（Word）一、选择题（每题6分，共36分）1.池塘内某种藻类所分泌的一种物质能抑制蝌蚪细胞中糖蛋白的合成。
该物质直接作用的目标最可能是A．中心体 B．内质网 C．液泡 D．细胞膜2.关于水稻叶肉细胞中光合作用和呼吸作用的叙述，正确的是A．光合作用和呼吸作用不能同时进行B．光合作用的产物都能被线粒体直接利用C．呼吸作用产生的ATP主要用于光合作用D．光合作用产生的[H]不能用于呼吸作用3．关于生物进化的说法，正确的是A．物种是生物繁殖和共同进化的基本单位B．有性生殖为生物进化提供丰富原材料C．捕食者的存在直接破坏了生物多样性D．环境的变化与生物多样性的形成无关4. 有关人体神经系统结构和功能的叙述，正确的是A．神经冲动在反射弧中双向传递B．K+进出神经细胞的过程都需要能量C．在寒冷环境中皮肤血流量增加D．大脑皮层S区受损伤后不会讲话5.探究两种植物根系之间的竞争关系时，为了获得较好的实验结果,以下说法不合理的是A．需要选自不同环境的植物进行实验B．选择的两种植株大小必须基本一致C．不同种植株种植在一起作为实验组D．可设置两种植株的间距来设计实验6.下图是甲、乙两种单基因遗传病的系谱图，有关分析正确的是A. 4号患甲病说明1号和2号遵循基因的自由组合定律B．6号和7号与甲病有关的基因型相同的概率为1/3C．从1号个体及子女推知乙病是常染色体隐性遗传病D．若3号不携带乙病基因，则乙病是X染色体隐性遗传病7．我国明代《本草纲目》中收载药物1892种，其中“烧酒”条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和糟入甑，蒸令气上……其清如水，味极浓烈，盖酒露也。
”这里所用的“法”是指A．萃取B．渗析C．蒸馏D．干馏8．设N A为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是A．30 g乙烷中所含的极性共价键数为7N AB．标准状况下，22.4 L N2和CO2混合气体所含的分子数为2N AC．1 L浓度为1 mol·L-1的H2O2水溶液中含有的氧原子数为2N AD．MnO2和浓盐酸反应生成1 mol氯气时，转移的电子数为2N A9．EDTA是一种重要的络合剂。
[解析]广东省2016届高三上学期第二次联考物理试卷
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一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．加速度的变化率指的是加速度的改变量与发生这一改变所用时间的比值，下列可作为其单位的是（）A．m/s B．m/s2C．m/s3D．m/s42．2015年5月3日晚，第53届苏州世乒赛马龙首次夺得男单冠军，如图所示，马龙两次发球，乒乓球都恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，下列说法正确的是（）A．第1次球过网时的速度小于第2次球过网时的速度B．第1次球的飞行时间大于第2次球的飞行时间C．第1次球的速度变化率小于第2次球的速度变化率D．第1次落台时球的重力的瞬时功率等于第2次落台时球的重力的瞬时功率3．如图所示，现有四条完全相同的垂直于纸面放置的长直导线，分别位于一正方形abcd的四个顶点上，其中直导线a、b、c分别通有方向垂直于纸面向里、大小相等的恒定电流，直导线d通有方向垂直于纸面向外、大小和其他导线相等的恒定电流，则这四条导线的电流在正方形的几何中心O点处产生的磁感应强度（）A．方向由O垂直指向ad B．方向由O指向aC．方向由O指向c D．大小为零4．如图所示，5000个大小相同、质量均为m且光滑的小球，静止放置于两相互垂直且光滑的平面A、B 上，平面B与水平面的夹角为30°，已知重力加速度为g，则笫2014个小球对第2015个小球的作用力大小为（）A．1493mg B．2014mg C．2015mg D．2986mg5．如图所示的电路中，变压器为理想变压器，原线圈接一正弦交变电流，副线圈解火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，则当该装置附近有火源而导致其所在位置温度升高时（不考虑仪器的损坏）（）A．电流表示数不变B．电压表的示数不变C．R0的功率变小 D．变压器的输出功率减小6．如图所示，处于同一轨道的人造地球卫星1、2，它们均绕地球做匀速圆周运动，其中卫星1在前，则（）A．卫星1的加速度a1大于卫星2的加速度a2B．卫星1和卫星2的周期一定相等C．卫星1和卫星2的速度大小一定相等D．卫星2向后喷气加速能追上卫星17．如图所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q和O点的连线与OC间的夹角为60°，两个点电荷的连线与AC的交点为P．下列说法中正确的是（）A．P点的电场强度大于O点的电场强度B．A点的电势低于C点的电势C．点电荷﹣q在O点与在C点所受的电场力相同D．点电荷+q在点B具有的电势能小于在D点具有的电势能8．一滑块静止在水平面上，t=0时刻在滑块上施加一水平力F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A．力F在第1s内做的功为2JB．力F在第1s内做的功为4JC．滑块与水平面间的摩擦力大小为2ND．力F在第2s内做的功的功率为3W二、解答题（共4小题，满分47分）9．图中游标卡尺和螺旋测微器的读数分别为mm和mm．10．为测量某一玩具电动机中线圈的电阻R x（电阻值为15Ω左右），并尽可能提高电阻R x的测量精度，利用下列器材测量线圈的电阻R x，实验时电动机不转动，实验电路图如图甲所示：电流表A1（量程为0～3A，内阻约5Ω）；电流表A2（量程为0～30mA，内阻约10Ω）；滑动变阻器R1（最大阻值1kΩ）滑动变阻器R2（最大阻值100Ω）定值电阻R0=65Ω电源（电动势为4V，内阻约1Ω），开关及导线若干．（1）实验时应选择的电流表是，滑动变阻器是．（填写符号）（2）多用表选择“直流电压2.5V”挡，请依据图甲将图乙实际电路连接完整．（3）图丙是该实验小组根据测得的数据描绘出的图象，则由图象可得电阻R x的阻值为．11．如图所示，劲度系数为忌的轻弹簧，一端固定在倾角θ=30°的粗糙斜面上，另一端连接一个质量为m的滑块A，滑块与斜面的最大静摩擦力的大小与其滑动摩擦力的大小可视为相等，均为f，且．则：（1）如果保持滑块在斜面上静止不动，弹簧的最大形变量为多大？（2）若在滑块A上再固定一块质量为2m的滑块B，两滑块构成的整体将沿木板向下运动，当弹簧的形变量仍为（1）中所求的最大值时，其加速度为多大？12．如图所示，两电阻不计的足够长光滑平行金属导轨与水平面夹角为θ，导轨间距为l，所在平面的正方形区域abcd内存在有界匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于斜面向上．如图所示，将甲、乙两阻值相同，质量均为m的相同金属杆放置在导轨上，甲金属杆处在磁场的上边界，甲、乙相距l．从静止释放两金属杆的同时，在甲金属杆上施加一个沿着导轨的外力F，使甲金属杆在运动过程中始终沿导轨向下做匀加速直线运动，且加速度大小a=gsin θ，乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动．（1）求甲、乙的电阻R为多少？（2）以释放金属杆时开始计时，写出甲在磁场运动过程中外力F随时间t的变化关系式，并说明F的方向．三、[物理-选修3-3模块]13．下列说法正确的是（）A．一定量的气体，在体积不变时，分子每秒平均碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少B．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少E．第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律14．如图所示，结构相同的绝热汽缸A与导热汽缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两汽缸间均无摩擦．已知两汽缸的横截面积之比S A：S B=2：1，两汽缸内均装有处于平衡状态的某理想气体，开始时汽缸中的活塞与缸底的距离均为L，温度均为T0，压强均等于外界大气压p0．缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍．设环境温度始终保持不变，求：（i）停止加热达到稳定后，A、B汽缸中的气体压强之比；（ii）稳定后汽缸A中活塞距缸底的距离．四、[物理-选修3-4模块]15．下列说法正确的是（）A．只有横波才能产生干涉和衍射现象B．均匀变化的磁场产生均匀变化的电场向外传播就形成了电磁波C．泊松亮斑支持了光的波动说D．由红光和绿光组成的一细光束从水中射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是绿光E．用同一实验装置观察，光的波长越大，光的双缝干涉条纹间距就越大16．一列简谐横波沿+x轴方向传播，t=0时刻的波形如图甲所示，A、B、P和Q是介质中的四个质点，t=0时刻波刚好传播到B点，质点A的振动图象如图乙所示，则：①该波的传播速度是多大？②从t=0到t=1.6s，质点P通过的路程为多少？③经过多长时间质点Q第二次到达波谷？五、[物理-模块3-5模块]17．某金属的截止极限频率恰好等于氢原子量子数n=4能级跃迁到n=2能级所发出光的频率．氢原子辐射光子后能量（选填“增大”、“不变”或“减小”）．现用氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光照射该金属，则逸出光电子的最大初动能是（已知氢原子n=1、2、4能级的能量值分别为E1、E2、E4）．18．如图所示，A和B两小车静止在光滑的水平面上，质量分别为m1、m2、A车上有一质量为m0的人，以速度v0向右跳上B车，并与B车相对静止．求：①人跳离A车后，A车的速度大小和方向．②人跳上B车后，B车的速度大小和方向．参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．加速度的变化率指的是加速度的改变量与发生这一改变所用时间的比值，下列可作为其单位的是（）A．m/s B．m/s2C．m/s3D．m/s4【考点】加速度．【分析】根据加速度变化率的定义，列出定义式，结合式中各个量的单位推导出其单位．【解答】解：据题得：加速度的变化率定义式为，△a的单位为m/s2，△t的单位为s，所以的单位为m/s3，故C正确．故选：C．【点评】加速度变化率的单位是导出单位，根据公式中各个量的单位进行推导，难度不大，属于基础题．2．2015年5月3日晚，第53届苏州世乒赛马龙首次夺得男单冠军，如图所示，马龙两次发球，乒乓球都恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，下列说法正确的是（）A．第1次球过网时的速度小于第2次球过网时的速度B．第1次球的飞行时间大于第2次球的飞行时间C．第1次球的速度变化率小于第2次球的速度变化率D．第1次落台时球的重力的瞬时功率等于第2次落台时球的重力的瞬时功率【考点】功率、平均功率和瞬时功率；平抛运动．【专题】功率的计算专题．【分析】将小球运动视为平抛运动，将其分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，根据P G=mgv y判定功率关系；根据△v=gt判定速度变化快慢；根据运动的合成判定初速度【解答】解：A、球下落的高度相同，由h=可知下落的时间相等，因1比2水平通过的位移大，根据x=vt可知，第1次球过网时的速度大于第2次球过网时的速度，故AB错误；C、球在水平方向匀速，竖直方向自由落体运动，故速度变化量只在竖直方向，由速度位移公式可得速度变化量相等，故C错误；D、重力的瞬时功率为P=mgv y，落地时竖直方向的速度相等，故D正确；故选：D【点评】此题考查平抛运动，注意将其分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后根据规律分析3．如图所示，现有四条完全相同的垂直于纸面放置的长直导线，分别位于一正方形abcd的四个顶点上，其中直导线a、b、c分别通有方向垂直于纸面向里、大小相等的恒定电流，直导线d通有方向垂直于纸面向外、大小和其他导线相等的恒定电流，则这四条导线的电流在正方形的几何中心O点处产生的磁感应强度（）A．方向由O垂直指向ad B．方向由O指向aC．方向由O指向c D．大小为零【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．【专题】定性思想；推理法；电磁感应中的力学问题．【分析】根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在O点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大小和方向．【解答】解：假设直导线d通有方向垂直于纸面向里，则根据矢量的合成法则，可知，四棒在O点产生的磁场为零，而如今，直导线d通有方向垂直于纸面向外，且I a=I b=I c=I d的恒定电流，它们在正方形的几何中心O点处产生的磁感应强度大小不为零，根据安培定则，结合矢量的合成法则可知，这四条导线的电流在正方形的几何中心O点处产生的磁感应强度方向：O指向C，故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】考查学生判断直线电流产生磁场的方向及磁感应强度矢量合成的能力，注意右手螺旋定则与右手定则的区别．4．如图所示，5000个大小相同、质量均为m且光滑的小球，静止放置于两相互垂直且光滑的平面A、B 上，平面B与水平面的夹角为30°，已知重力加速度为g，则笫2014个小球对第2015个小球的作用力大小为（）A．1493mg B．2014mg C．2015mg D．2986mg【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】将第2015个球到第5000个球共2986个球看成整体研究，分析受力情况，由平衡条件即可求解2014个小球对第2015个小球的作用力大小【解答】解：2015个球到第5000个球共2986个球看成整体研究，由于无摩擦力，只受重力、斜面支持力和第四个球的支持力；由平衡条件得知，第2014个球对第2015个球的作用力大小等于整体的重力沿AB平面向下的分力大小，即有F=2986mgsin30°=1493mg．故选：A【点评】本题中物体很多，解题的关键是研究对象的选择，采用整体法，不考虑系统内物体间的内力，比较简单方便5．如图所示的电路中，变压器为理想变压器，原线圈接一正弦交变电流，副线圈解火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，则当该装置附近有火源而导致其所在位置温度升高时（不考虑仪器的损坏）（）A．电流表示数不变B．电压表的示数不变C．R0的功率变小 D．变压器的输出功率减小【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【专题】交流电专题．【分析】明确变压器原理，知道理想变压器电压之比等于线圈匝数之比，电流之比等于线圈匝数的反比；同时注意根据闭合电路欧姆定律的动态分析方法分析此类问题即可．【解答】解：A、根据变压器原理可知，变压器输出电压由输入电压和线圈匝数决定，因匝数不变；故输出电压不变，电压表示数不变；因热敏电阻阻值减小，则总电流增大，则输入电流增大；故A错误，B正确；C、因输出电流增大，则由P=I2R可知，R0的功率变大；故C错误；D、因输出电压不变，输出电流增大，则由P=UI可知，变压器的输出功率增大；故D错误；故选：B．【点评】本题考查交流电变压器中的动态分析，要注意分析方法与直流是路中闭合电路欧姆定律的动态分析类似；但要注意应用变压器的基本规律的应用．6．如图所示，处于同一轨道的人造地球卫星1、2，它们均绕地球做匀速圆周运动，其中卫星1在前，则（）A．卫星1的加速度a1大于卫星2的加速度a2B．卫星1和卫星2的周期一定相等C．卫星1和卫星2的速度大小一定相等D．卫星2向后喷气加速能追上卫星1【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定性思想；推理法；人造卫星问题．【分析】根据万有引力提供向心力得出加速度、周期、线速度与轨道半径的关系，从而比较大小．当卫星2加速后，万有引力不够提供向心力，会离开原轨道做离心运动．【解答】解：A、根据得，a=，v=，T=，因为人造地球卫星1、2的轨道半径相等，则加速度大小相等，周期相等，线速度大小相等，故A错误，B、C正确．D、卫星2向后喷气加速后，由于万有引力小于向心力，会做离心运动，离开原轨道，不能追上卫星1，故D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，知道线速度、加速度、周期与轨道半径的关系．7．如图所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q和O点的连线与OC间的夹角为60°，两个点电荷的连线与AC的交点为P．下列说法中正确的是（）A．P点的电场强度大于O点的电场强度B．A点的电势低于C点的电势C．点电荷﹣q在O点与在C点所受的电场力相同D．点电荷+q在点B具有的电势能小于在D点具有的电势能【考点】电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的分布情况，分析P点和O点的场强．等量异种点电荷电场的分布具有对称性，可以结合其对称性来分析，结合等量异种点电荷电场电场线和等势线的分布图象来分析电势的高低，由电势能公式E p=qφ分析电势能的大小．【解答】解：A、在AC连线上，P点的电场线最密，场强最大，所以P点的电场强度大于O点的电场强度，故A正确．B、AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，故A、C两点的电势相等，故B错误．C、根据等量异种点电荷电场电场线分布的对称性可知，O、C两点的电场强度相同，则点电荷+q在O点和C点所受电场力相同．故C正确．D、根据顺着电场线方向电势降低，结合电场线的分布情况可知，B点的电势高于D点电势，由电势能公式E p=qφ分析可知：点电荷+q在B点的电势能大于在D点具有的电势能．故D错误．故选：AC【点评】本题考查等量异种点电荷电场的分布特点，关键要掌握等量异种点电荷电场的电场线和等势线的分布图象，来分析场强和电势关系．8．一滑块静止在水平面上，t=0时刻在滑块上施加一水平力F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A．力F在第1s内做的功为2JB．力F在第1s内做的功为4JC．滑块与水平面间的摩擦力大小为2ND．力F在第2s内做的功的功率为3W【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】由乙图可知，在v﹣t图象中与时间轴所围面积即为位移，据此求出第1s内的位移，根据W=Fx 求得拉力做功；物块在第2秒内做匀速直线运动，求出摩擦力；由P=Fv求出功率．【解答】解：A、由图乙可知，物块在第1秒内的位移：m力F在第1s内做的功为：W1=F1x1=4×0.5=2J．故A正确，B错误；C、由图乙可知，物块在第2秒内做匀速直线运动，所以摩擦力与拉力大小相等，可知，滑块与地面之间的摩擦力是3N．故C错误；D、力F在第2s内做的功的功率为：P=F2•v m=3×1=3W．故D正确．故选：AD【点评】本题主要考查了对图象的理解，在v﹣t图象中斜率代表加速度，与时间轴所围面积为物体的位移，根据W=Fx求得恒力做功．二、解答题（共4小题，满分47分）9．图中游标卡尺和螺旋测微器的读数分别为11.4mm和 5.665±0.002mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为11mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1mm=0.40mm，所以最终读数为：11mm+0.4mm=11.4mm．2、螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为16.5×0.01mm=0.165mm，所以最终读数为5.5mm+0.165mm=5.665mm，由于需要估读，最后的结果可以为5.665±0.002．故答案为：11.4 5.665±0.002【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．为测量某一玩具电动机中线圈的电阻R x（电阻值为15Ω左右），并尽可能提高电阻R x的测量精度，利用下列器材测量线圈的电阻R x，实验时电动机不转动，实验电路图如图甲所示：电流表A1（量程为0～3A，内阻约5Ω）；电流表A2（量程为0～30mA，内阻约10Ω）；滑动变阻器R1（最大阻值1kΩ）滑动变阻器R2（最大阻值100Ω）定值电阻R0=65Ω电源（电动势为4V，内阻约1Ω），开关及导线若干．（1）实验时应选择的电流表是A2，滑动变阻器是R2．（填写符号）（2）多用表选择“直流电压2.5V”挡，请依据图甲将图乙实际电路连接完整．（3）图丙是该实验小组根据测得的数据描绘出的图象，则由图象可得电阻R x的阻值为15．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】（1）根据闭合电路欧姆定律求出通过线圈的最大电流来选择电流表量程；变阻器采用分压式接法时，应选择阻值小的变阻器以方便调节；（2）连线时应先连接好分压电路；按实物图的连接要求进行连线；（3）注意根据U﹣I图象求出的电阻是线圈与保护电阻的串联电阻．【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律可求出通过电动机的最大电流为===0.16A，所以电流表应选；由于变阻器采用分压式接法时变阻器的阻值越小调节越方便，所以变阻器应选择；（2）根据原理图得出对应连线图如图所示：（3）根据R=可求出线圈的电阻为=﹣=80﹣65=15Ω；故答案为：（1），；（2）如图；（3）15【点评】明确电表的选择及滑动变阻器的选择；要注意明确滑动变阻器采用分压式接法时，变阻器的阻值越小调节越方便．11．如图所示，劲度系数为忌的轻弹簧，一端固定在倾角θ=30°的粗糙斜面上，另一端连接一个质量为m 的滑块A，滑块与斜面的最大静摩擦力的大小与其滑动摩擦力的大小可视为相等，均为f，且．则：（1）如果保持滑块在斜面上静止不动，弹簧的最大形变量为多大？（2）若在滑块A上再固定一块质量为2m的滑块B，两滑块构成的整体将沿木板向下运动，当弹簧的形变量仍为（1）中所求的最大值时，其加速度为多大？【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）滑块静止在斜面上受重力、支持力、弹簧的弹力和摩擦力处于平衡，当弹簧形变量最大时，滑块有向上的运动趋势，所受的摩擦力沿斜面向下，根据共点力平衡求出弹簧的最大形变量．（2）对整体分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小．【解答】解：（1）由于，因此滑块静止时弹簧一定处于伸长状态，设弹簧最大形变量为l1，则根据共点力平衡得，kl1=mgsin30°+f解得：．（2）将滑块B固定到A上后，设弹簧的伸长量仍为l1时两滑块的加速度为a，根据牛顿第二定律得，3mgsin30°﹣kl1﹣3f=3ma解得：．答：（1）弹簧的最大形变量为．（2）加速度为．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡和牛顿第二定律进行求解．12．如图所示，两电阻不计的足够长光滑平行金属导轨与水平面夹角为θ，导轨间距为l，所在平面的正方形区域abcd内存在有界匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于斜面向上．如图所示，将甲、乙两阻值相同，质量均为m的相同金属杆放置在导轨上，甲金属杆处在磁场的上边界，甲、乙相距l．从静止释放两金属杆的同时，在甲金属杆上施加一个沿着导轨的外力F，使甲金属杆在运动过程中始终沿导轨向下做匀加速直线运动，且加速度大小a=gsin θ，乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动．（1）求甲、乙的电阻R为多少？（2）以释放金属杆时开始计时，写出甲在磁场运动过程中外力F随时间t的变化关系式，并说明F的方向．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】（1）甲、乙匀加速运动时加速度相同，当乙通过位移l进入磁场时，甲刚出磁场，由运动学速度位移公式求出乙进入磁场时的速度，乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动，根据平衡条件求解电阻R．（2）从刚释放金属杆时开始计时，由于甲的加速度大小a=gsinθ，外力与安培力大小相等，由速度公式得出速度与时间的关系式，根据安培力的表达式得出外力与时间的关系式．【解答】解：（1）因为甲、乙加速度相同，当乙进入磁场时，甲刚出磁场，乙进入磁场时的速度为：v=，由平衡条件得：mgsinθ=，解得：R=；（2）甲在磁场中运动时，外力F大小始终等于安培力，即：F=F B，安培力：F B=BIL=，由左手定则可知，安培力沿导轨向上，甲的速度为：v=gsinθ•t，解得：F=t，方向：沿导轨向下．答：（1）甲、乙的电阻R为．（2）甲在磁场运动过程中外力F随时间t的变化关系式为：F=t．【点评】本题是复杂的电磁感应现象，是电磁感应与力学知识的综合，分析导体棒的运动情况，要抓住甲匀加速运动的过程中，外力与安培力大小相等．分别从力和能量两个角度进行研究．三、[物理-选修3-3模块]13．下列说法正确的是（）A．一定量的气体，在体积不变时，分子每秒平均碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少B．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少E．第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律【考点】温度是分子平均动能的标志；热力学第一定律；热力学第二定律；封闭气体压强．【分析】温度是分子平均动能的标志，根据热力学第一定律判断内能的变化，液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律．【解答】解：A、一定量的气体，在体积不变时，分子每秒平均碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少，A正确；B、给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明内部压强越来越大，B错误；。
2016年6月广东省普通高中学业水平考试物理试卷及答案
2016年6月广东省普通高中学业水平考试物理试卷本试卷共8页，60小题，满分100分。
考试用时90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、试室号和座位号填写在答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型填涂在答题卡相应位置上。
将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。
2．每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
考生必须保持答题卡的整洁。
考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题Ⅰ：本大题共30小题，每小题1分，共30分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．发现“力不是维持物体运动原因”的科学家是（）A．伽利略B．开普勒C．爱因斯坦D．牛顿2．如图所示，悬挂的小球能在竖直平面内自由摆动，忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A．小球在最低点时，速度为0B．小球在最高点时，加速度为0C．小球在摆动过程中，机械能守恒D．小球在摆动过程中，受到的重力不做功3．在下列研究中，有下划线的物体可以视为质点的是（）A．研究乒乓球的旋转B．研究流星的坠落轨迹C．研究运动员的跨栏动作D．研究蝴蝶翅膀的振动4．下列物理量为标量的是（）A．平均速度B．加速度C．位移D．功5．如图所示，电风扇正常转动时，扇叶上P点绕轴做匀速圆周运动，则P点的（）A．线速度保持不变C．向心加速度不变B．角速度保持不变D．向心加速度为06．某同学沿周长为400m的环形跑道跑了一圈又回到出发点，他的路程和位移的大小分别是（）A．400m，400m C．0，400m B．400m，0 D．0，07．在足球比赛中，足球以5m/s的速度飞来，运动员把足球以10m/s的速度反向踢回，踢球时，脚与球的接触时间为0.2s，则足球的加速度大小是（）A．25m/s2B．50m/s2C．75m/s2D．100m/s2 8．关于速度与加速度，下列说法正确的是（）A．物体的速度越大，其加速度越大B．物体的速度变化越大，其加速度越大C．物体的速度减小，其加速度一定减小D．物体的加速度不变，其速度可能减小9．如图所示，物块P、Q叠放在水平地面上，保持静止，则地面受到的弹力等于（）A．Q的重力C．P、Q的重力之和B．P对Q的压力D．P的重力加上Q对地面的压力10．下列现象中，与离心现象无关的是（）A．汽车启动时，乘客向后倾斜C．用洗衣机脱去湿衣服中的水B．旋转雨伞甩掉伞上的水滴D．运动员将链球旋转后掷出11．把一个7N的力沿两个方向分解，这两个分力的大小可能是（）A．4N，4N B．3N，3N C．2N，2N D．1N，1N 12．甲、乙两物体从同一地点出发，沿同一直线做匀变速运动，它们的v﹣t图象如图所示，则（）A．甲、乙的运动方向相反C．在t=4s时，甲、乙的速度大小相等B．在t=4s时，甲、乙相遇D．甲的加速度比乙的小13．关于两物体间的作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A．它们是一对平衡力B．它们的产生有先后之分C．它们只能存在于静止的物体之间D．它们总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上14．某同学用两种不同方式搬动哑铃，Ⅰ：缓慢将哑铃举过头顶；Ⅱ：托着哑铃沿水平方向匀速前进，下列说法正确的是（）A．在Ⅰ中他对哑铃做负功B．在Ⅱ中他对哑铃做正功C．在Ⅰ和Ⅱ中他对哑铃都做正功D．在Ⅰ中他对哑铃做正功，Ⅱ中他对哑铃不做功15．跳水运动员在10m高台做适应性训练，假设他以自由落体的方式跳入水中，则他在空中运动的时间大约是（）A．0.4s B．0.8s C．1.4s D．5.0s16．沿水平方向做匀速直线运动的飞机空投物资，若不计空气阻力，飞行员和地面上的人观察到物资在空中运动的轨迹分别是（）A．曲线，曲线B．直线，曲线C．曲线，直线D．直线，直线17．如图所示，静止站在地面的人仰头看一座高楼时，感到高楼正向一边倾斜，这是由于天空中的云朵在飘动，关于这一现象，下列说法正确的是（）A．高楼是绝对静止的B．高楼相对于人在运动C．高楼相对于地面在运动D．高楼相对于云朵在运动18．一个物体在几个共点力的作用下处于平衡状态，则（）A．物体一定静止C．物体可能做匀速圆周运动B．物体一定做匀速直线运动D．物体所受的合外力为零19．关于物体在同一接触面受到的弹力和摩擦力之间的关系，下列说法正确的是（）A．有弹力一定有摩擦力B．有摩擦力不一定有弹力C．弹力方向和摩擦力方向一定互相垂直D．摩擦力的大小与弹力大小总是成正比20．下列运动不能用经典力学规律描述的是（）A．汽车在公路上行驶C．人造卫星绕地球运动B．粒子接近光速运动D．飞机从广州飞往武汉21．如图所示，将一束塑料包扎带一端打结，另一端撕成细条后，用手迅速捋细条，观察到细条散开了，则产生这种现象的原因是（）A．细条之间相互感应起电，相互排斥散开B．撕成细条后，所受重力减小，细条自然松散C．撕成细条后，由于空气浮力作用，细条散开D．由于摩擦起电，细条带同种电荷，相互排斥散开22．许多老人散步时，手里拿着带有天线的收音机，这根天线的主要功能是（）A．接受电磁波B．发射电磁波C．放大声音D．接收声波23．在突发流行性疾病期间，许多公共场合都使用一种非接触式的仪器快速测量体温，该仪器使用的传感器是（）A．压力传感器B．红外线传感器C．声音传感器D．生物传感器24．点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q都是正电荷B．P、Q都是负电荷C．P是负电荷，Q是正电荷D．P是正电荷，Q是负电荷25．如图所示，PQ为某电场中的一条电场线，下列说法正确的是（）A．该电场一定是匀强电场B．该电场一定是点电荷产生的电场C．P点的电场强度一定比Q点的大D．正电荷在P点受到的电场力方向沿着电场线方向26．如图所示的电路中，当电路正常工作后，关于两个小灯泡L1和L2的分析，下列说法正确的是（）A．L1和L2都亮C．L1不亮，L2亮B．L1和L2都不亮D．L1亮，L2不亮27．现代通信技术使电磁波最辉煌的应用成果之一，从理论上预言电磁波的存在以及第一次从实验上验证电磁波存在的科学家分别是（）A．法拉第和爱迪生C．奥斯特和贝尔B．麦克斯韦和赫兹D．法拉第和赫兹28．如图所示，运动电荷在磁场中没有受到洛伦兹力的是（）A．B．C．D．29．磁感线可以用来描述磁场，下列关于磁感线的说法不正确的是（）A．磁感线的疏密表示磁场的强弱B．磁感线从S极出发，终止于N极C．匀强磁场的磁感线疏密分布均匀D．磁感线上任一点的切线方向表示该点的磁场方向30．能源的种类有很多，下列能源属于可再生能源的是（）A．煤B．石油C．潮汐能D．天然气二、单项选择题Ⅱ：本大题共20小题，每小题2分，共40分。
2016年全国高考新课标2卷物理部分试题及答案及解析
2015年普通高等学校招生全国统一考试(新课标2卷)理科综合能力测试第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第问题只有一个符合题目要求，第问题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，先对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.【题文】如图，两平行的带电金属板水平放置。
若在两板中间a点静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。
现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将A.保持静止状态B.向左上方做匀加速运动C.向正下方做匀加速运动D.向左下方做匀加速运动【答案】D【解析】本题主要考查电场以及力的合成；对微粒受力分析如图，可知其所受合力向左下方，故向左下方做匀加速运动，选项D正确。
【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。
当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c。
已知bc边的长度为l。
下列判断正确的是A.U a>U c，金属框中无电流B.U b>U c，金属框中电流方向沿a-b-c-aC.，金属框中无电流D.，金属框中电流方向沿a-c-b-a【答案】C【解析】本题主要考查电磁感应定律；对ab来说，没有切割磁感线，因此Ub=Ua;对于bc来说，由右手定则可判定若有感应电流，则由b向c，c相当于电源正极，电势高于b点，即Ub=Ua<Uc，由,又因为线圈内磁通量不变，因此没有感应电流，选项C正确。
【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。
当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行。
已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为A.西偏北方向，1.9×103m/sB.东偏南方向，1.9×103m/sC.西偏北方向，2.7×103m/sD.东偏南方向，2.7×103m/s【答案】B【解析】本题主要考查运动的合成与分解；对转移轨道上的卫星上的分解可知 以及,附加速度应该使减为零，而变为,即向东的增大，故附加速度应该在东偏南方向，大小约为，选项B正确。
深圳市2016届高三年级第二次调研考试(理综)
深圳市2016届高三年级第二次调研考试理科综合可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 F-19 Ca-40 Fe-56 Ga-70 As-75第I卷选择题（共126分）一、选择题本大题共13小题·每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．池塘内某种藻类所分泌的一种物质能抑制蝌蚪细胞中糖蛋白的合成。
该物质直接作用的目标最可能是A．中心体B．内质网C．液泡D．细胞膜2．关于水稻叶肉细胞中光合作用和呼吸作用的叙述，正确的是A．光合作用和呼吸作用不能同时进行B．光合作用的产物都能被线粒体直接利用C．呼吸作用产生的ATP主要用于光合作用D．光合作用产生的[H]不能用于呼吸作用3．关于生物进化的说法，正确的是A．物种是生物繁殖和共同进化的基本单位B．有性生殖为生物进化提供丰富原材料C．捕食者的存在直接破坏了生物多样性D．环境的变化与生物多样性的形成无关4．有关人体神经系统结构和功能的叙述，正确的是A．神经冲动在反射弧中双向传递B．K+进出神经细胞的过程都需要能量C．在寒冷环境中皮肤血流量增加D．大脑皮层S区受损伤后不会讲话5．探究两种植物根系之间的竞争关系时，为了获得较好的实验结果,以下说法不合理的是A．需要选自不同环境的植物进行实验B．选择的两种植株大小必须基本一致C．不同种植株种植在一起作为实验组D．可设置两种植株的间距来设计实验6．下图是甲、乙两种单基因遗传病的系谱图，有关分析正确的是A．4号患甲病说明1号和2号遵循基因的自由组合定律B．6号和7号与甲病有关的基因型相同的概率为1/3C．从1号个体及子女推知乙病是常染色体隐性遗传病D．若3号不携带乙病基因，则乙病是X染色体隐性遗传病7．我国明代《本草纲目》中收载药物1892种，其中“烧酒”条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和糟入甑，蒸令气上……其清如水，味极浓烈，盖酒露也。
”这里所用的“法”是指A．萃取B．渗析C．蒸馏D．干馏8．设N A为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是A．30 g乙烷中所含的极性共价键数为7N AB．标准状况下，22.4 L N2和CO2混合气体所含的分子数为2N AC．1 L浓度为1 mol·L-1的H2O2水溶液中含有的氧原子数为2N AD．MnO2和浓盐酸反应生成1 mol氯气时，转移的电子数为2N A9．EDTA是一种重要的络合剂。
广东省深圳市第二外国语学校2016届高三上学期第二次质量测试理综试题(含答案)
2015年深圳二外2016届高三第二次教学质量测试理科综合第Ⅰ卷(选择题共126分)一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
每小题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下列关于细胞分化、衰老、凋亡、癌变的叙述，正确的是A．仅细胞分化涉及细胞中遗传物质的改变B．仅细胞癌变使细胞形态结构发生显著变化C．均可发生于个体生长发育的任一时期D．均对个体的生长发育具有积极意义2、菠菜根的分生区细胞不断分裂使根向远处生长，在分裂过程中不会出现的是A．染色单体形成于分裂间期，消失于分裂后期B．细胞分裂间期，DNA和中心体的复制C．外界不利因素引起基因突变通常发生于细胞分裂间期D．细胞分裂末期，高尔基体参与细胞壁的形成3、孟德尔在对一对相对性状进行研究的过程中，发现了基因分离定律。
下列有关基因分离定律的几组比例，能说明基因分离定律的实质的是( )A、F2表现型的比为3：1B、F1产生配子的比为1：1C、F2基因型的比为1：2：1D、测交后代比为1：14、已知豌豆的两对基因（A、a和B、b）分别位于两对同源染色体上，在某次杂交产生的子代中，基因型及比例如下，则两亲本的基因型是子代基因型AABB AaBB aaBB AABb AaBb aaBb所占比例1/8 1/4 1/8 1/8 1/4 1/8A、AaBb×AaBBB、AaBb×AaBbC、AABB×AaBBD、AABb×AaBB5、下列是动物细胞减数分裂各期的示意图，正确表示分裂过程顺序的是A．③→⑥→④→①→②→⑤B．⑥→③→②→④→①→⑤C．③→⑥→④→②→①→⑤D．③→⑥→②→④→①→⑤6、下列有关物质进出细胞的方式的叙述，正确的是A．H+可以通过自由扩散方式进入细胞B ．土壤温度不影响植物根系对矿质元素离子的吸收C ．人甲状腺滤泡细胞通过主动运输摄取碘D ．抗体在载体蛋白协助下主动运输至细胞外7．下列说法正确的是A ．坩埚主要用于给固体加热，可用坩埚将烧碱加热融化B ．明矾净水原理是吸附，不涉及化学变化C ．合成纤维和光导纤维都是新型无机非金属材料D ．SO 2与FeSO 4溶液使酸性高锰酸钾的紫色褪去原理相同8．设N A 为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是A ．0.1mol/L NaOH 溶液中，Na +个数为0.1N AB ．Na 2O 2与足量的水反应生成1molO 2，转移电子数目为2N AC ．2 L0.5 mol·L －1亚硫酸溶液中含有的H ＋离子数为2 N AD ．1molO 2和O 3混合气体中含有氧原子的数目为2.5N A9．常温下，水溶液中能大量共存的一组离子是A ．与Al 反应放出氢气的溶液中：Na +、H +、NH 4+、NO 3—B ．在c(H +)=1.0×10—13,mol/L 的溶液中：Na +、K +、AlO 2—、CO 32—C ．澄清透明的溶液中：Fe 3+、Mg 2+、NO 3—、S 2—D ．在pH=1的溶液中：NH 4+、K +、ClO —、Cl —10．能正确表示下列反应的离子方程式是A. 向NaOH 溶液中通入过量的CO 2：CO 2+OH —====HCO 3—B. 将SO 2气体通入Ba(NO 3)2溶液：SO 2+H 2O+Ba 2+====BaSO 3↓+2H +C ．实验室制氯气：MnO 2+4HCl(浓)====Mn 2++2Cl 2↑+2H 2OD. AlCl 3溶液与过量氨水混合：Al 3++4NH 3·H 2O====AlO 2—+4NH 4++2H 2O11．下列实验现象对应的结论正确的是① 气密性检查 ②气体性质检验 ③化学平衡的探究 ④喷泉实验 选项 现象 结论 A①中导管口冒气泡，手松开无现象 气密性良好 B②中KMnO 4溶液紫红色褪去 SO 2具有漂白性 C③中关闭K ，气体颜色在热水中比冷水深 NO 2生成N 2O 4为吸热反应 D ④中烧瓶中形成喷泉 Cl 2易溶于CCl 412、表中陈述I 、II 均正确，且两者在反应原理上相似的是SO 2高锰酸钾酸性溶液 氯气 CCl 4 NaOH NO 2 热水冰水 活塞K选项陈述I 陈述IIA 向酚酞溶液中加Na2O2，溶液先变红后褪色向石蕊溶液中通入SO2，溶液先变红后褪色B将SO2和Cl2同时通入BaCl2溶液中，产生白色沉淀将CO2和NH3同时通入CaCl2溶液中，产生白色沉淀C 向MgCl2溶液中加入NaOH溶液生成白色沉淀向FeCl3溶液中加入NaOH溶液生成红褐色沉淀D Na投入水中产生大量气泡Na2CO3投入盐酸中产生大量气泡13、向30mL 1mol/L的AlCl3溶液中逐渐加入浓度为4mol/L的NaOH溶液，若产生0.78g白色沉淀，则加入的NaOH溶液的体积可能为A、3mLB、7.5mLC、15mLD、17.5mL二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
广东省深圳市2016届高三第二次调研考试理综物理试题
2016深圳二模物理试题答案与评分标准一、二、选择题22．（1）1.02（2分）；（2）5.1（1分）小（1分）；（3）222gh vgx（2分）23.（2）闭合S2（1分）（3）3.0V （1分） 5000Ω（1分）201R R R （2分）AB （2分） （4）串联（1分） 20k Ω或4R v （1分）24．（1）由机械能守恒定律得：22011122mv mv mgR =+解得14/v m s =………2分 由牛顿第二定律得：21mv F R=向=8N ………………2分因V 形槽对小球的两支持力夹角为1200， 错误！未找到引用源。
……………… 2分（2）由运动学公式，小球离开A 又回到A 的时间为：120.8v t s g==………2分 刚好从N 空落下，需满足：2Tt =错误！未找到引用源。
错误！未找到引用源。
………1分且2T πω=………1分解得：54πω=错误！未找到引用源。
rad/s ……………2分 25．(1)线框切割磁感线10.42LE NBv ==V …………2分 10.4EI R== A …………2分 (2)线框因匀速运动将要全部进入前右边导线所受向左的总安培力：110.42LF NBI ==N …………2分 上边导线所受向下的总安培力：210.8F NBI L ==N …………2分 滑动摩擦力2()10.4f Mg F μ=+=N …………1分 故拉力：F = F 1+f =10.8N …………1分 （3）进入过程外力所做的功：1110.410.80.42W F L +==⨯J=4.24J …………2分 在磁场中运动时：20.2E Ntϕ∆==∆V …………2分 线框中形成顺时针电流：220.2E I R== A …………1分 线框上边受到向上的最大力320.4F NBI L ==N …………1分拉力做的功32()27.922Mg Mg F W L μμ+-=⨯=J …………2分3s 后无电流，拉力做功错误！未找到引用源。
高三物理上学期第二次段考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年广东省广州市实验中学高三〔上〕第二次段考物理试卷二、选择题：此题共9小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律2．如下列图，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时〔〕A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是 mg D．小球对杆的压力是mg3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小可表示为〔〕A．B．C．D．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用一样的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，如此〔〕A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2 B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P25．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，如此〔〕A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体抑制摩擦力做功34J6．如下列图，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余局部都光滑，AB段长为3L．有假设干个一样的小方块〔每个小方块视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，如此如下说法正确的答案是〔〕A．μ=tanθ B．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v08．如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．抑制摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，如此〔〕A．X星球的质量为M=B．X星球外表的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T1三、非选择题：10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．〔1〕利用此装置做“研究匀变速直线运动〞的实验时，〔选填“需要〞或“不需要〞〕设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．〔2〕利用此装置探究“加速度与质量的关系〞并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m 关系图象是曲线，如此〔选填“能〞或“不能〞〕确定小车的加速度与质量成反比．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，〔选填“需要〞或“不需要〞〕重新调节木板的倾斜度．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如下列图．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．〔1〕可以判断纸带的〔左或右〕端与木块连接．〔2〕根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=m/s，v B=m/s．〔结果均保存两位有效数字〕〔3〕要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是，还应测量的物理量是．〔填入所选实验器材和物理量前的字母〕A．木板的长度l B．木块的质量m1 C．木板的质量m2D．重物质量m3 E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺 J．弹簧秤〔4〕在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．〔用v A、v B和第〔3〕问中测得的物理量的字母表示〕12．〔10分〕〔2015•宁德二模〕如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．R=0.4m，l=2.5m，v0=6m/s，物块质量m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4，轨道其他局部摩擦不计．取g=10m/s2．求：〔1〕物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力；〔2〕物块从Q运动到P的时间与弹簧获得的最大弹性势能；〔3〕调节仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．13．〔12分〕〔2015春•株洲校级期末〕如图甲所示，在竖直平面内有一个直角三角形斜面体，倾角θ为30°，斜边长为x0，以斜面顶部O点为坐标轴原点，沿斜面向下建立一个一维坐标x轴．斜面顶部安装一个小的定滑轮，通过定滑轮连接两个物体A、B〔均可视为质点〕，其质量分别为m1、m2，所有摩擦均不计，开始时A处于斜面顶部，并取斜面底面所处的水平面为零重力势能面，B物体距离零势能面的距离为；现加在A物体上施加一个平行斜面斜向下的恒力F，使A由静止向下运动．当A向下运动位移x0时，B物体的机械能随x轴坐标的变化规律如图乙，如此结合图象可求：〔1〕B质点最初的机械能E1和上升x0时的机械能E2；〔2〕恒力F的大小．14．〔19分〕〔2015秋•姜堰区校级月考〕如下列图，左边为是两个四分之一圆弧衔接而成的轨道EF，右边为两个斜面AB、CD和一段光滑圆弧组成的曲面台．设大小两个四分之一圆弧半径为2R和R，两斜面倾角均为θ=370，AB=CD=2R，且A、D等高，D端固定一小挡板，假设碰撞不损失机械能．一质量为m的滑块与斜面动摩擦因数均为0.25，将滑块从地面上光滑的小平台上以一定的初速度经E点进入圆弧轨道，从最高点F飞出后进入右边的斜面上．重力加速度为g．〔1〕设滑块恰能无挤压地从F点飞出，同时为了使滑块恰好沿AB斜面进入右边轨道，应调节右边下面支架高度使斜面的A、D点离地高为多少？〔2〕接〔1〕问，求滑块在斜面上走过的总路程．〔3〕当滑块的以不同初速度进入EF，求其通过最高点F和小圆弧最低点E时受压力之差的最小值．2015-2016学年广东省广州市实验中学高三〔上〕第二次段考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：此题共9小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律【考点】物理学史．【分析】此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献．【解答】解：A、伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、万有引力常量是由卡文迪许测出的，故B错误；C、笛卡尔等人又在伽利略研究的根底上进展了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故C正确；D、开普勒提出行星运动三大定律，故D正确．此题选错误的，应当选：B．【点评】要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神．2．如下列图，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时〔〕A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是 mg D．小球对杆的压力是mg【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；即时速度v=时，再对小球受力分析，根据牛顿第二定律列式求解杆的弹力即可．【解答】解：球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：由于v=＜v0故杆对球有支持力，根据牛顿第二定律，有：mg﹣N=m解得：N=mg﹣m=根据牛顿第三定律，球对杆有向下的压力，大小为mg；应当选：B．【点评】此题关键是明确向心力来源，求解出弹力为零的临界速度，然后结合牛顿第二定律列式分析，不难．3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小可表示为〔〕A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动．根据t时刻速度与水平方向的夹角，可得到水平初速度与时间的关系．再根据t+t0秒末时位移与水平方向的夹角，列式分析即可．【解答】解：据题可得：t秒末时有：tanα1==在t+t0秒末时有：tanα2===联立以上两式，消去t解得：v0=应当选：D【点评】解决此题的关键掌握平抛运动的处理方法：运动的分解法，知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，并掌握分运动的规律．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用一样的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，如此〔〕A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2 B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P2【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定量思想；图析法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】先分析整个过程摩擦力做功关系，根据动能定理比拟动能的增加量；由重力做功情况，分析重力势能增量关系．【解答】解：设任一斜面的倾角为θ，斜面的长度为s，如此物体在该斜面上下滑时摩擦力做功为 W f=﹣μmgcosθ•s=﹣μmgx，x是斜面底边的长度，可知小球沿两轨道运动时，摩擦力做功相等，根据动能定理得：W F﹣mgh﹣W f=△E k，知两次情况拉力做功相等，摩擦力做功相等，重力做功相等，如此动能的变化量相等．即有△E k1=△E k2．根据W G=mgh知，重力做功相等，如此重力势能增量相等，即有△E P1=△E P2，故A正确．应当选：A【点评】此题考查了动能定理与运动学的综合，通过动能定理比拟动能变化量的关系，关键要知道滑动摩擦力做功与水平位移有关．5．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，如此〔〕A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体抑制摩擦力做功34J【考点】动能定理；功的计算．【专题】定量思想；图析法；动能定理的应用专题．【分析】由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度，对两段时间分别运用牛顿第二定律列式后联立求解；设10s末物体离起点点的距离为d，d应为v﹣t图与横轴所围的上下两块面积之差，根据功的公式求出抑制摩擦力做功．【解答】解：A、设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，如此由v﹣t图得：加速度大小a1===2m/s2，方向与初速度方向相反…①设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，如此由v﹣t图得：加速度大小a2==1m/s2，方向与初速度方向相反…②根据牛顿第二定律，有：F+μmg=ma1…③F﹣μmg=ma2…④解①②③④得：F=3N，μ=0.05，故A错误．B、10s末恒力F的瞬时功率P=Fv=3×6W=18W．故B错误．C、根据v﹣t图与横轴所围的面积表示位移得：10s内位移为 x=×4×8﹣×6×6m=﹣2m，如此知10s末物体恰在起点左侧2m处．故C错误．D、10s内抑制摩擦力做功Wf=fs=μmgs=0.05×20×〔×4×8+×6×6〕J=34J．故D正确．应当选：D【点评】此题关键先根据运动情况求解加速度，确定受力情况后求解出动摩擦因数，根据v ﹣t图与横轴所围的面积表示位移求解位移．要注意滑动摩擦力与路程有关．6．如下列图，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余局部都光滑，AB段长为3L．有假设干个一样的小方块〔每个小方块视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，如此如下说法正确的答案是〔〕A．μ=tanθ B．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定量思想；类比法；动能定理的应用专题．【分析】有半数木块过A点速度最大，此时整体的合力为零，根据平衡条件求解求出动摩擦因数．根据动能定理即可求解小方块停止时下端与A的距离．【解答】解：设小方块的总质量为m．当下端运动到A下面距A为L时小方块运动的速度达到最大，此时整体的合外力为零，根据平衡条件得：•μmgcosθ=mgsinθ解得：μ=2tanθ小方块停止时下端与A的距离是s，如此根据动能定理得：mg〔3L+s〕sinθ﹣μmgcosθ•L﹣μmgcosθ〔s﹣L〕=0将μ=2tanθ代入解得：s=4L．应当选：BD【点评】此题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取适宜的过程运用动能定理求解，要注意摩擦力随位移均匀增大时要用摩擦力的平均值求其做功．7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大【解答】解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由F﹣mg﹣f=ma联立解得由乙图可知，，解得，f=，故AB正确C、物体做变加速运动，并非匀加速运动，不能利用v=at求得时间，故C错误；D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v==v0，故D正确应当选：ABD【点评】此题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决此题的关键8．如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．抑制摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．【解答】解：A、物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A正确；B、根据牛顿第二定律知，物体运动的加速度大小为g，所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得，△E k=﹣mg•2h=﹣2mgh，知动能减小2mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh，除重力以外的力做的功等于物体机械能的变化量，如此摩擦力对物体做﹣mgh的功，所以抑制摩擦力做功mgh，故CD正确，B错误．应当选：ACD．【点评】解决此题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以与除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，如此〔〕A．X星球的质量为M=B．X星球外表的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T1【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度和周期．再通过不同的轨道半径进展比拟．【解答】解：A、研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：G=m1r1〔〕2得出：M=，故A正确．B、根据圆周运动知识，a=只能表示在半径为r1的圆轨道上向心加速度，而不等于X星球外表的重力加速度，故B错误．C、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有：在半径为r的圆轨道上运动：=m得出：v=，表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为==，故C错误．D、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：在半径为r的圆轨道上运动：G=m r得出：T=2π ．表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以可得T2=T1．故D正确．应当选：AD．【点评】此题主要考查万有引力提供向心力这个关系，要注意向心力的公式选取要根据题目提供的物理量或所求解的物理量选取应用．三、非选择题：10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．〔1〕利用此装置做“研究匀变速直线运动〞的实验时，不需要〔选填“需要〞或“不需要〞〕设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．〔2〕利用此装置探究“加速度与质量的关系〞并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m关系图象是曲线，如此不能〔选填“能〞或“不能〞〕确定小车的加速度与质量成反比．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要〔选填“需要〞或“不需要〞〕重新调节木板的倾斜度．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题．【分析】利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系〞和探究“功与速度变化的关系〞实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度a与力F的关系〞时，根据牛顿第二定律求出加速度a 的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论．【解答】解：〔1〕此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力；〔2〕曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以假设a﹣m图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a﹣图象．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要重新调节木板的倾斜度．故答案为：〔1〕不需要；〔2〕不能；〔3〕不需要．【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如下列图．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．〔1〕可以判断纸带的右〔左或右〕端与木块连接．〔2〕根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=0.72m/s，v B=0.97m/s．〔结果均保存两位有效数字〕〔3〕要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是G、H，还应测量的物理量是B．〔填入所选实验器材和物理量前的字母〕A．木板的长度l B．木块的质量m1 C．木板的质量m2D．重物质量m3 E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺 J．弹簧秤〔4〕在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．〔用v A、v B 和第〔3〕问中测得的物理量的字母表示〕【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；动能定理的应用专题．【分析】〔1〕重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小；。
深圳市2016届高三年级第二次调研考试(理数)试卷及答案
深圳市2016届高三年级第二次调研考试数学（理科）本试卷共8页，24小题，满分150分．考试用时120分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的签字笔在答题卡指定位置填写自己的学校、姓名 和考生号，并将条形码正向准确粘贴在答题卡的贴条形码区，请保持条形码整洁、 不污损．2．选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答案涂在答题卷相应的位置上．3．非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定 区域内；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和 涂改液．不按以上要求作答的答案无效．4．作答选做题时，请先用2B 铅笔填涂选做题的题号对应的信息点，再做答． 5．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡交回．第Ⅰ卷一、 选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的．1．复数z 满足(1i)1i z +=-（i 为虚数单位），则z =（ ）AB．2C ．2D ．1 2．设,A B 是两个集合，则“x A ∈”是“x A B ∈ ”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件 3．若1cos()23πα-=，则cos(2)πα-=（ ） A．9- B．9C ． 79-D ．794．若,x y 满足约束条件10,10,410.x y x x y +-≥⎧⎪-≤⎨⎪-+≥⎩则目标函数13y z x +=+的最大值为（ ）A ．14B ．23C ．32D ．25．在如图所示的流程图中,若输入的,,a b c 的值分别是2,4,5，则输出的x =（ ）A ．1B ．2C ．lg 2D ．106．已知函数()f x 的图象是由函数()cos g x x =的图象经过如下变换得到：先将()g x 的图象向右平移3π个单位长度，再将其图象上所有点的横坐标变为原来的一半，纵坐标不变．则函数()f x 的一条对称轴方程为（ ） A ．6x π=B ．512x π=C ．3x π=D ．712x π= 7．以直线y =为渐近线的双曲线的离心率为为（ ） A ．2 BC ．2D8．2位男生和3位女生共5位同学站成一排，则3位女生中有且只有两位女生相邻的概率是（ ）A ．310B ．35C ．25D ．159．如图，正方形ABCD 中，M 、N 是BC 、CD 的中点，若AC AM BN λμ=+，则λμ+=（ ）A ．2B ．83C ．65D ．85NA DC MB否否是输出x结束是x=l g a +l g cx=l g b l g ax=l g a ∙l g b b>ca>b 且a>c开始a,b,c输入10．已知ln ,0,()ln(),0.x x x f x x x x -- >⎧=⎨--+<⎩ 则关于m 的不等式11()ln 22f m <-的解集为（ ）A. 1(0,)2 B ．(0,2) C ．11(,0)(0,)22- D ．(2,0)(0,2)-11．如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，则它的体积为（ ）A ．48B ．16C ．32 D．12．设定义在(0,)+∞上的函数()f x 满足()()ln xf x f x x x '-=，11()f e e=，则()f x （ ） A ．有极大值，无极小值 B ．有极小值，无极大值C ．既有极大值，又有极小值D ．既无极大值，也无极小值第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分．第（13）题～第（21）题为必考题，每个试题考生都必须作答。
广东深圳市届高三第二次调研考试理综物理试题含答案
2016深圳二模物理试题答案与评分标准一、二、选择题22．（1）1.02（2分）；（2）5.1（1分）小（1分）；（3）222gh vgx（2分）23.（2）闭合S2（1分）（3）3.0V （1分） 5000Ω（1分）201R R R （2分）AB （2分） （4）串联（1分） 20k Ω或4R v （1分）24．（1）由机械能守恒定律得：22011122mv mv mgR =+解得14/v m s =………2分 由牛顿第二定律得：21mv F R=向=8N ………………2分因V 形槽对小球的两支持力夹角为1200，……………… 2分（2）由运动学公式，小球离开A 又回到A 的时间为：120.8v t s g==………2分 刚好从N 空落下，需满足：2Tt =………1分 且2T πω=………1分解得：54πω=rad/s ……………2分 25．(1)线框切割磁感线10.42LE NBv ==V …………2分 10.4EI R== A …………2分 (2)线框因匀速运动将要全部进入前右边导线所受向左的总安培力：110.42LF NBI ==N …………2分 上边导线所受向下的总安培力：210.8F NBI L ==N …………2分 滑动摩擦力2()10.4f Mg F μ=+=N …………1分 故拉力：F = F 1+f =10.8N …………1分（3）进入过程外力所做的功：1110.410.80.42W F L +==⨯J=4.24J …………2分 在磁场中运动时：20.2E Ntϕ∆==∆V …………2分 线框中形成顺时针电流：220.2E I R== A …………1分 线框上边受到向上的最大力320.4F NBI L ==N …………1分拉力做的功32()27.922Mg Mg F W L μμ+-=⨯=J …………2分3s 后无电流，拉力做功W =2µMgL =8J …………1分 整个过程做的总功W =（4.24+7.92+8）J=20.16J …………1分（二）选考题33．（1）ADE …………5分（2）（10分）①气体做等压变化，根据盖吕萨定律得：1212H S H ST T =…………3分 即20.60300480H =…………1分 解得H 2＝0.96 m …………1分②在气体膨胀的过程中，气体对外做功为：W 0＝p ΔV ＝[1.0×105×(0.96－0.60)×5.0×10-3] J ＝180 J …………2分 根据热力学第一定律可得气体内能的变化为 ΔU ＝－W 0＋Q …………2分得Q ＝ΔU ＋W 0＝480 J …………1分34．（1）ABC …………5分（2）（10分）①由图甲可计算出该玻璃的折射率为25.01sin sin ===r i n …………3分 ②光的传播方向如右图所示，欲使入射光在上侧直角边发生全反射，须211sin sin ==>n C θ…………2分 解得：θ ＞30°…………1分又当光线行进至右侧直角边时，入射角为90°－θ，欲使入射光在该边发生全反射，须211sin )90sin(==>-n C θ …………2分 解得：θ ＜60°…………1分所以θ的范围为：30°＜θ ＜60°…………1分35．（1）ACE …………5分（2）（10分）①设B 滑上C 前的速度为v 1，恰好能到达C 的最高点，说明BC 达到共同速度，设为v 共；双方相对运动的过程中系统的水平方向上动量守恒、机械能守恒，有： mv 1=（m +M ′）v 共…………2分21mv 12=21（m +M ′）v 共2+mgh …………2分 两式联立解得：v 1=6m/s ，v 共=2m/s …………2分②炸药爆炸时，A 的速度为v 2，A 、B 构成的系统动量守恒，有： mv 1－Mv 2=0…………2分 得：v 2=2m/s …………1分 由题意得：E 化＝2（21mv 12+21Mv 22）=48J …………1分。
广东深圳市高三物理第二次调研考试
广东省深圳市2008年高三第二次调研考试物 理 试 题本试卷共8页，20小题，满分150分。
考试用时120分钟。
注意事项：1． 答卷前，考生首先检查答题卡是否整洁无缺损，监考教师分发的考生信息条形码是否正确；之后务必用0.5毫米黑色字迹的签字笔在答题卡指定位置填写自己的学校、姓名和考生号，同时，将监考教师发放的条形码正向准确粘贴在答题卡的贴条形码区，请保持条形码整洁、不污损。
2． 选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，答案不能答在试卷上。
不按要求填涂的，答案无效。
3． 非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上，请注意每题答题空间，预先合理安排；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4． 作答选做题时，请先用2B 铅笔填涂选做题的题号对应的信息点，再做答。
漏涂、错涂、多涂的答案无效。
5． 考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡交回。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个正确选项．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分． 1．以下关于单位的关系式中正确的是（ ） A ．1V=1Wb/s B ．1T=1N/A ·m C ．1N/C=1V/mD ．1eV=1.6×10-19V2．下列核反应中产生的X 为中子的是（ ） A ．234112H H He X +→+ B ．2342349091Th Pa X →+C ．23511419292056363U n Ba Kr x +→++D ．9412426Be He C X +→+3． 如图所示，R 1是光敏电阻，R 2、R 3是定值电阻．当开关S 闭合后，开始没有光照射，过一段时间，当有光照射时（ ） A ．R 1的电阻变小，电流表A 示数变大B ．R 1的电阻变小，电流表A 示数变小C ．R 1的电阻变大，电流表A 示数变大sD ．R 1的电阻变大，电流表A 示数变小4． 近年来，人类发射的多枚火星探测器已经相继在火星上着陆，正在进行着激动人心的科学探究，为我们将来登上火星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础．如果火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，并测得该运动的周期为T ，则火星的平均密度ρ的表达式为（k 为某个常数） （ ） A ．kT ρ= B ．kTρ=C ．2kT ρ=D ．2k T ρ=5．如图所示为一质点运动的位移时间图像，曲线为一段圆弧，则下列说法中正确的是（ ） A ．质点可能做圆周运动 B ．质点一定做直线运动C ．t 时刻质点离开出发点最远D ．质点运动的速率先减小后增大6． 路把电能输送到远处的降压变压器．降压后，再用线路接到各用户．设发电机输出电压稳定且两变压器均为理想变压器．在用电高峰期，白炽灯不够亮，但用电总功率却增加较大，这时与用电低谷时比较 （ ） A ．升压变压器的副线圈两端的电压变大 B ．高压输电线路的电压损失变大 C ．降压变压器的副线圈中的电流变大 D ．降压变压器的副线圈两端的电压变大7． 紫外线照射一些物质时，会发生萤光效应，即物质发出了可见光．这些物质在吸收紫外线和发出可见光的过程中，物质中的原子要先后发生两次跃迁，其能量变化分别为△E 1和△E 2，下列关于原子这两次跃迁的说法中正确的是 （ ） A ．两次均向高能级跃迁，且|△E 1|>|△E 2| B ．两次均向低能级跃迁，且|△E 1|<|△E 2| C ．先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且|△E 1|<|△E 2|D ．先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且|△E 1|>|△E 2|8． 如图所示，一内外侧均光滑的半圆柱槽置于光滑的水平面上．槽的左侧有一竖直墙壁．现让一小 球（可是为质点）自左端槽口A 点的正上方从静止开始下落，与半圆槽相切并从A 点入槽内．则 下列说法正确的是 （ ）A ． 小球在槽内运动的全过程中，只有重力对小球做功B ． 小球在槽内运动的全过程中，小球与槽组成的系统甲t乙 机械能守恒C ． 小球从最低点向右侧最高点运动的过程中，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒D ．小球离开右侧槽口以后，将做竖直上抛运动9． 带正电的点电荷固定于Q 点，电子在库仑力作用下，做以Q 为一焦点的椭圆运动．M 、P 、N 为椭圆上的三点，P 点是轨道上离Q电子在从M 到达N 点的过程中 （ ） A ．电场场强先增大后减小B ．电势逐渐降低C ．电势能先增大后减小D ．速率先减小后增大10．在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项．质量为m 的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F ，那么在他减速下降深度为h 的过程中，下列说法正确的是（g 为当地的重力加速度） （ ） A ．他的动能减少了Fh B ．他的重力势能减少了mgh C ．他的机械能减少了（F －mg ）h D ．他的机械能减少了Fh11．如甲图所示，光滑的水平桌面上固定着一根绝缘的长直导线，可以自由移动的矩形导线框abcd 靠近长直导线静放在桌面上．当长直导线中的电流按乙图所示的规律变化时（甲图中电流所示的方向为正方向），则（ ）A ．0~t 1时间内，线框内电流方向为 adcba ，线框向右运动B ．t 1时刻，线框内没有电流，线框静止C ．t 1~t 2时间内，线框内电流的方向为abcda ，线框向左运动D ．在t 2时刻，线框内没有电流，线框不受力12．如图所示，质量为M 的小车放在光滑的水平面上．小车上用细线悬吊一质量为m 的小球，M ＞m ．现用一力F 水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a 向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T ；若用一力F /水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a /向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为T /．则（ ） A ．a /=a ，T /=TB ．a /＞a ，T /=TC ．a /＜a ，T /=TD ．a /＞a ，T /＞T二、选做题：请考生从下面的两题选做题中选择其中的一题进行答题（不能同时选做两题，否则选做无效，不能得分）．并在答题卡上将所选做题的题号对应的信息点涂满、涂黑．三、实验题：本题共2小题，共24分．答案或图必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．15．（12分）（1）用螺旋测微器测量一根电阻丝的直径，测量结果如图，其读数为mm．用游标为50分度的卡尺测量一工件的直径，测量结果如图所示，此工件的直径为mm．（2）某同学要测一约为5Ω的未知电阻，为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻10kΩB．电压表0～15V，内阻50kΩC．电流表0～0.6A，内阻0.05ΩD．电流表0～3A，内阻0.01ΩE．滑动变阻器，0～10ΩF．滑动变阻器，0～100Ω①要求较准确地测出其阻值，电压表应选，电流表应，滑动变阻器应选．（填序号）②实验中他的实物接线如图所示，请指出该学生实物接线中的错误有哪些？错误!a．；b．；c．；d．；16．（12分）在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中，某实验小组采用如图所示的实验装置和实验器材．（1）为了用细线的拉力表示小车受到的合外力，可以改变木板的倾角，以重力的一个分力平衡小车及纸带受到的摩擦力．简要说明你平衡摩擦力的实验判断方法． ．（2）用砂和砂桶的重力大小来表示小车受到的合外力，必须满足的条件是．（3）除实验装置中的仪器外，还需要的测量仪器有 ． （4）如图为实验中打出的一条纸带，现选取纸带中的A 、B 两点来探究恒力做功与动能改变的关系．已知打点计时器的打点周期为T ，重力加速度为g ．请你用字母表示需要测量的物理量，说明其物理意义（用文字说明或在图中标明），并把探究结果的表达式写出来．四、计算题：本题共4小题，67分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．17．（15分）（1）太阳能来源于太阳内部的热核反应．太阳能的能量实际上是由质子所参与的一系列反应所产生的，其总效果为4个质子聚变为1个新核并生成2个正电子（01e ），试写出其核反应方程并指出新核的名称．（2）若有一质量为5×103kg 、用太阳能电池作为驱动能源的环保汽车，在平直公路上从静止开始启动，当它速度达到24m/s 后，立即关闭发动机，其运动的V -t 图像如图汽车所受的阻力大小．18．（16分）如图所示，水平放置的三条光滑平行金属导轨abc 质量为m ＝1kg 的金属棒MN ，略不计．在导轨bc 间接一电阻为R ＝2Ω的灯泡，导轨ac 间接一理想伏特表．整个装置放在磁感应强度B ＝2T 匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．现对棒MN 施加一水平向右的拉力F ，使棒从静止开始运动，试求：（1）若施加的水平恒力F ＝8N ，则金属棒达到稳定时速度为多少？（2）若施加的水平外力功率恒定，棒达到稳定时速度为1.5m/s ，则此时电压表的读数为多少？（3）若施加的水平外力功率恒为P ＝20W ，经历t ＝1s 时间，棒的速度达到2m/s ，则此过程中灯泡产生的热量是多少？t /sb19．（18分）如图所示，水平地面上方被竖直线MN 分隔成两部分，M 点左侧地面粗糙，动摩擦因数为μ＝0.5，右侧光滑．MN 右侧空间有一范围足够大的匀强电场．在O 点用长为 R ＝5m 的轻质绝缘细绳，拴一个质量m A ＝0.04kg ，带电量为q ＝+2⨯10-4 的小球A ，在竖直平面内以v ＝10m/s 的速度做顺时针匀速圆周运动，运动到最低点时与地面刚好不接触．处于原长的弹簧左端连在墙上，右端与不带电的小球B 接触但不粘连，B 球的质量m B =0.02kg ，此时B 球刚好位于M 点．现用水平向左的推力将B 球缓慢推至Ｐ点（弹簧仍在弹性限度内），MP 之间的距离为L ＝10cm ，推力所做的功是W ＝0.27J ，当撤去推力后，B 球沿地面右滑恰好能和A 球在最低点处发生正碰，并瞬间成为一个整体C （A 、B 、C 均可视为质点），碰后瞬间立即把匀强电场的场强大小变为E ＝6⨯103N/C ，电场方向不变．（取g ＝10m/s 2）求：（1）A 、B（2）碰撞后整体C 的速度.（3）整体C20．（18分）如图所示，直线MN 下方无磁场，上方空间存在两个匀强磁场，其分界线是半径为R 的半圆，两侧的磁场方向相反且垂直于纸面，磁感应强度大小都为B ．现有一质量为m 、电荷量为q 的带负电微粒从P 点沿半径方向向左侧射出，最终打到Q 点，不计微粒的重力．求：（1）微粒在磁场中运动的周期．（2）从P 点到Q 点，微粒的运动速度大小及运动时间．（3）若向里磁场是有界的，分布在以Ｏ点为圆心、半径为R 和2R 的两半圆之间的区域，上述微粒仍从P 点沿半径方向向左侧射出，且微粒仍能到达Q 点，求其速度的最大值．参考答案一、选择题1、ABC2、ACD3、B4、D5、BD6、BC7、D 8、BC 9、A 10、BD 11、A 12、B二、选做题3—3选做题13．（1）10-10（1分）布朗运动（或扩散现象）（2分）先增大后减小（1分）（2）气体压强减小（1分）一定质量的气体，温度不变时，分子的平均动能一定，气体体积增大，分子的密集程度减小，所以气体压强减小．（3分）一定质量的理想气体，温度不变时，内能不变，根据热力学第一定律可知，当气体对外做功时，气体一定吸收热量，吸收的热量等于气体对外做的功量即900J．（3分）3—4选做题14．（1）向下（1分） 2.5（2分）平衡位置（1分）（2）当光由空气射入玻璃中时，根据折射定律sini/sin γ=n ，因n>1，所以i>γ，即当光由空 气射入玻璃中时，入射角应该大于折射角．如 图，在图中作出法线，比较角度i 和γ的大小， 即可得出玻璃介质应在区域І内．箭头如图所示．（7分）三、实验题 15．（1）0.590（2分） 13.88（2分）（2）①A （2分） C （1分） E （1分）② a 、线不能接在滑动变阻器的滑片上；b 、电流表的极性接反了；c 、电压表应该直接并接在待测电阻两端（或电流表应该采用外接法）d 、量程接错 （注：如果认为滑动变阻器应该采用分压式接法，不能给分）（4分一个错误1分）16．（1）在长木板的右端放一个小木楔，移动木楔的位置以改变木板的倾角，在不挂砂桶的情况下，给小车一个初速度，如果打出的纸带点迹均匀，可认为已平衡摩擦力．（2分） （2）砂和砂桶的总质量应远远小于小车的质量（2分） （3）刻度尺、天平（2分）（4）砂和砂桶的质量m ，小车的质量M ，三段位移S 、S 1、S 2（如图所示） （3分） 探究结果的表达式为2122)2(21)2(21TsM T s M mgs -=（3分）四、计算题17． （1）4H 11 → He 42 + 2e 01，（3分）氦核或α粒子（1分） （2）汽车先由静止开始做加速度逐渐减小的加速运动，达到最大速度后做匀减速运动，直到静止．由图像可求得汽车匀减速运动的加速度大小为22/5.0/509824s m s m t V a m =-=∆=（6分） 汽车所受阻力为N N ma f 33105.25.0105⨯=⨯⨯==（5分） 18．解：（1）当安F F =时，金属棒速度达到稳定，设稳定时速度为1vB d I F =安 2/1r R B d v I +=解得1v =5m/s （5分）（2）设电压表的读数为U 则有L U E U +=21R r R EU L 2/21+=22B d V E = 解得V U 5=（5分）（3）设小灯泡和金属棒产生的热量分别为1Q ，2Q ，有22/21==r R Q Q （1分） 由功能关系得：22121mv Q Q Pt ++= （3分） 可得 J Q 121=（2分） 19．解：（1）要使小球在竖直平面内做匀速圆周运动，必须满足F 电=Eq=m A g （2分）所以 qgm E A ==2×103N/C （1分）方向竖直向上（1分） （2）由功能关系得，弹簧具有的最大弹性势能 J gl m W E B P 27.0=-=μ设小球B 运动到M 点时速度为B v ，由功能关系得221B B B P v m gL m E =-μ s m v B /5= （4分） 两球碰后结合为C ，设C 的速度为1v ，由动量守恒定律得 1v m v m v m C B B A =-s m v /51=（2分）（3）加电场后，因N g m Eq C 6.0=- N R v m c 3.021= ()g m Eq Rv m c c -<21 所以C 不能做圆周运动，而是做类平抛运动，设经过时间t 绳子在Q 处绷紧，由运动学规律得t v x 1= 221at y =CC m g m Eq a -=()222R y R x =-+ 可得s t 1=s m at v y /10==m R y x 5=== （2分）即：绳子绷紧时恰好位于水平位置，水平方向速度变为0，以竖直分速度y v 开始做圆周运动（1分）设到最高点时速度为2v 由动能定理得；gR m EqR v m v m C C C -=-21222121得s m v /2102=（2分）在最高点由牛顿运动定律得；Rv m Eq g m T c C 22=-+ （2分）求得 N T 3=（1分）20．解：（1）洛仑兹力提供向心力 rv m q Bv 200= （2分）2v rT π=Bq m T π2=（2分）（2）粒子的运动轨迹将磁场边界分成n 等分（n =2，3，4……） 由几何知识可得：n2πθ=R r =θtan rv m q Bv 20=得 nm BqR v 2tan 0π= （4,3,2=n ……）（4分）当Bqnm T n t π==2 （6,4,2=n ……）（2分）当n 为奇数时，t 为周期的整数倍加上第一段的运动时间，即nBqmn T n T n t ππππ)1(2212+=++-=（7,5,3=n ……）（2分） （3）由几何知识得nR r 2tanπ=nR x 2cos π=不超出边界须有：（2分）R nR nR22tan 2cos <+ππ得到 nn 2sin 12cos 2ππ+> 当2=n 时 不成立，如图（1分） 比较当3=n 、4=n 时的运动半径，2分）得：mBqRv 330=（1分）。
广东省深圳市高三物理第二次调研考试试题
5、7题意见题后红色字体，其它没意见，文、理基础没问题——哲球绝密★启用前 试卷类型：A2009年深圳市高三年级第二次调研考试物 理 2009.5本试卷共8页，20小题，满分150分。
考试用时120分钟。
注意事项：1．答卷前，考生首先检查答题卡是否整洁无缺损，监考教师分发的考生信息条形码是否正确；之后务必用0.5毫米黑色字迹的签字笔在答题卡指定位置填写自己的学校、姓名和考生号，同时，将监考教师发放的条形码正向准确粘贴在答题卡的贴条形码区，请保持条形码整洁、不污损。
2．选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，答案不能答在试卷上。
不按要求填涂的，答案无效。
3．非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上，请注意每题答题空间，预先合理安排；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4．作答选做题时，请先用2B 铅笔填涂选做题的题号对应的信息点，再做答。
漏涂、错涂、多涂的答案无效。
5．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡交回。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个正确选项．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分． 1．下列关于一些物理学史的说法中，正确的是A ．汤姆生通过α粒子散射实验，提出了原子的核式结构学说B ．普朗克为解释光电效应现象，在量子理论基础上提出了光子说C ．查德威克预言了中子的存在，并通过原子核的人工转变实验加以了证实D ．贝克勒尔发现了天然放射性现象，约里奥·居里夫妇发现了放射性同位素 2．对下列公式理解正确的是A ．由公式t va ∆∆=知，物体的加速度等于速度的变化率B ．由公式qFE =知，场强E 的大小与试探电荷的电量q 有关C ．由公式RUI =知，通过导体的电流强度I 跟导体两端电压U 成正比 D ．由公式F=ma 知，一定质量的物体所受合外力由运动加速度a 决定3．矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的电动势e 随时间t 变化的情况如图所示．下列说法正确的是A ．此交流电的频率为0.5HzB ．此交流电的电动势有效值为2VC ．t=0.01s 时，线圈平面与磁场方向平行D ．穿过线圈的最大磁通量为π5001Wb 4．下列关于原子结构的说法中，正确的是A ．电子的发现说明原子是可分的B ．玻尔的原子理论完全否定了原子的核式结构学说C ．玻尔的原子理论，能成功解释各种原子发光现象D ．大量氢原子从n =5的激发态向低能态跃迁时，最多可以产生15种不同频率的光子 5．关于运动和力的关系，下列说法中正确的是A ．不受外力作用的物体可能做直线运动B ．受恒定外力作用的物体可能做曲线运动C ．物体在恒力作用下可能做匀速圆周运动D ．物体在变力作用下速度大小一定发生变化（不受处力作用的物体一定做直线运动，说可能做直线运动是否不妥）6．关于磁场和磁场力的描述，正确的说法是A ．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱B ．磁场力的方向跟磁场方向可能相同C ．在磁场中运动的带电粒子一定受到磁场力的作用D ．同一通电导体在磁场强的地方受到的磁场力不一定大 7．下列关于原子核的说法中，正确的是A ．原子核衰变可同时放出α、β、r 射线B ．核反应中电量和质量都守恒C ．利用某些放射性元素的半衰期可以推断古代文物的年代D ．在核电站中可以利用石墨来控制链式反应速度 （石墨是减速剂，隔棒才是控制棒）8．如图所示，三个小球从同一高处的O 点分别以水平初速度v 1、v 2、v 3抛出，落在水平面上的位置分别是A 、B 、C ，O ′是O 在水平面上的射影点，且O ′A :AB :BC =1:3:5．若不计空气阻力，则下列说法正确关系是 A ．v 1:v 2:v 3=1:3:5B ．三个小球下落的时间相同C ．三个小球落地的速度相同D ．三个小球落地的动能相同9．如图所示，点电荷固定于Q 点，一带电粒子仅在库仑力作用下，做以Q 为焦点的椭圆运sM N动．M 、N 为椭圆长轴的两个端点，下列说法正确的是 A ．带电粒子与点电荷的电性一定相反B ．带电粒子在M 点所受的库仑力一定大于N 点的库仑力C ．带电粒子在M 点的电势能一定大于N 点的电势能D ．M 点的电势一定高于N 点的电势10．节日燃放礼花弹时，要先将礼花弹放入一个竖直的炮筒中，然后点燃礼花弹的发射部分，通过火药剧烈燃烧产生的高压燃气，将礼花弹由炮筒底部射向空中，若礼花弹在由炮筒底部击发至炮筒口的过程中，克服重力做功W 1，克服炮筒阻力及空气阻力做功W 2，高压燃气对礼花弹做功为W 3，则礼花弹在炮筒内运动的过程中（设礼花弹发射过程中质量不变）A ．礼花弹的动能变化量为W 1+W 2+W 3B ．礼花弹的动能变化量为W 3－W 2－W 1C ．礼花弹的重力势能能变化量为W 3－W 2D ．礼花弹的机械能变化量为W 3+W 111．如图是某同学对颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力，可采取的办法是 A ．只增加绳的长度 B ．只增加重物的重量 C ．只将手指向下移动 D ．只将手指向上移动12．在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V ，内阻不计，L 1、L 2、L 3为3个特殊材料制成的相同规格小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S 闭合后 A ．L 3两端的电压为L 1的2倍 B ．通过L 3的电流为L 2的2倍 C ．L 1、L 2、L 3的电阻都相同 D ．L 3消耗的电功率为0.75W二、选做题：请考生从下面的两题选做题中选择其中的一题进行答题（不能同时选做两题，否则选做无效，不能得分）．并在答题卡上将所选做题的题号对应的信息点涂满、涂黑．3U/V甲乙三、实验题：本题共2小题，共24分．答案或图必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳套．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．①图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是．②在本实验中，两次拉橡皮条时，都需要将橡皮条拉到，这样做的目的是．（2）某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证机械能守恒定律．已知当地的重力加速度g＝9.80m/s2①实验小组选出一条纸带如图乙所示，其中O点为打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个计数点，在计数点A和B、B和C之间还各有一个点，测得h1=12.01cm，h2=19.15cm，h3=27.86cm．打点计时器通以50Hz的交流电．根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了J；此时重锤的动能比开始下落时增加了J，根据计算结果可以知道该实验小组在做实验时出现的问题是．（重锤质量m已知）② 在图乙所示的纸带基础上，某同学又选取了多个计数点，并测出了各计数点到第一个点O 的距离h ，算出了各计数点对应的速度v ，以h 为横轴，以22v 为纵轴画出的图线应是如下图中的 ．图线的斜率表示 ．16．某实验小组要测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供的实验器材如下：A ．待测的干电池（电动势约为1.5V ，内电阻约为2Ω）B ．电压表V 1（0～2V ，内阻R V 1 =4000Ω）C ．电压表V 2（0～2V ，内阻R V 2 约为3500Ω）D ．电流表A （0～3A ，内阻0.1Ω）E ．电阻箱R 1（0～9999Ω）F ．滑动变阻器R 2（0～200Ω，lA ）G ．电键和导线若干该小组根据以上实验器材设计了如右图所示的电路来测量电源的电动势和内阻．（1）请你根据实验电路补充完整主要的实验步骤：a ．闭合电键 ，记下V 1的读数U 1，b ．闭合电键 ，断开电键 ， 记下 ．（2）请你根据以上步骤记录的物理量和已知的物理量写出该干电池的电动势和内阻的表达hhhABCD2222式：E = ． r = ．（3）在现有器材的条件下，请你选择合适的实验器材，并设计出另一种测量干电池电动势（4）如果要求用图像法处理你设计的实验的数据，并能根据图像较直观地求出电动势和内阻，则较适合的函数表达式是．请你在下边虚框中画出此表四、计算题：本题共4小题，68分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．17．（16分）在半径R =5000km 的某星球表面，宇航员做了如下实验，实验装置如图甲所示．竖直平面内的光滑轨道由轨道AB 和圆弧轨道B C 组成，将质量m =0.2Kg 的小球，从轨道AB 上高H 处的某点静止滑下，用力传感器测出小球经过C点时对轨道的压力F ，改变H 的大小，可测出相应的F 大小，F 随H 的变化关系如图乙所示，求： （1）圆轨道的半径； （2）该星球的第一宇宙速度．0.4 0.8 1.0B甲乙18．（16分）如图所示，平行于直角坐标系Y 轴的PQ 是用特殊材料制成的，只能让垂直打到PQ 界面的电子通过．其左侧有一直角三角形区域，分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场，其右侧有竖直向上场强为E 的匀强电场．现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点O不考虑电子间的相互作用．已知电子的电量为e ，质量为m OAC 中，OA =a ，θ=60°．求： （1）能通过PQ（2）在PQ 右侧X19．（18分）如图所示，N 面上，其ab 边长度为L 且与斜面底边平行．与ab 平行的两水平虚线MN 、PQ 之间，在t =0时刻加一变化的磁场，磁感应强度B 大小随时间t 的变化关系为B =Kt ，方向垂直斜面向上．在t =0时刻将线圈由图中位置静止释放，在t =t 1时刻ab 边进入磁场，t =t 2时刻ab 边穿出磁场．线圈ab 边刚进入磁场瞬间电流为0，穿出磁场前的瞬间线圈加速度为0．（重力加速度为g ）求： （1）MN 、PQ 之间的距离d ；（2）从t =0到t =t 1运动过程中线圈产生的热量Q ；（3）线圈的ab 边在穿过磁场过程中克服安培力所做的功W ．20．（18分）质量为m 1=2.0kg 的物块随足够长的水平传送带一起匀速运动，传送带速度大小为v 带=3.0m/s ，方向如图所示，在m 1的右侧L =2.5m 处将质量为m 2=3.0kg 的物块，无初速度放上传送带，在m 1、m 2碰后瞬间m 2相对传送带的速度大小为1.0m/s ，之后当其中某一物块相对传送带的速度为0时，传送带立即以2.0m/s 2的加速度制动，最后停止运动．设两物块与传送带间的动摩擦因数均为0.10，传送带的运动情况不受m1、m2的影响，且m1、m2碰撞时间极短．求：（1）物体m2刚开始滑动时的加速度；（2（3参考答案及评分标准一、选择题1.D2.AC3.D4.A5.AB6.D7.CD8.B 9.AB 10.B 11.BC 12.AD二、选做题13. (10分)（1）油膜法 SV10-10 （2）球形 表面张力 评分标准：每空2分 14. (10分)（1）最低点 Nt放大法 （2）多普勒效应 向着 评分标准：每空2分 三、实验题 实验题答案:15．(11分) (1) ① F '(1分)② 相同位置(2分) ， 保证前后两次拉橡皮条时的效果相同(1分)(2) ① m 88.1(1分) , m 96.1(1分) , 该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键 或者 释放纸带时手抖动了(2分) (其他答案只要合理均给满分)② D (2分), 重力加速度g (1分)16．(13分) (1) a ．S 1和S 2 (1分)，b ．S 1 (1分)，S 2 (1分)，V 1的读数'1U 和V 2的读数2U (1分)(2) '-=1121U U U U E (1分) 1112)1(v R U U Ur -'-= (1分)(3)电路图如图所示 (3分)(4) 下列两种情况答出任意一种给满分ER E r U 111+= (2分) 对应的图像如图1 (2分)或者rU r E R 111-=(2分) 对应的图像如图2 (2分)四、计算题17．(16分) (1) 小球过C 点时满足 rv m mg F c 2=+ (1) …………2＇又根据 221)2(c mv r H mg =- (2 ) ………… 2＇ 由(1)(2)得： mg H rmgF 52-=（3） …………2＇ 由图可知：H 1=0.5m 时F 1=0； 代入（3）可得m r 2.0= ………… 2＇H 2=1.0m 时F 2=5N ；代入（3）可得2/5s m g = …………2＇(2) 据 mg Rv m =2…………4＇ 可得s m Rg v /1053⨯== …………2＇18．(16分) (1)要使电子能通过PQ 界面，电子飞出磁场的速度方向必须水平向右，由rv mBev 2=可知，r 越大v 越大，从C 点水平飞出的电子，运动半径最大，对应的速度最大，即r =2a 时， 电子的速度最大………2＇由 avm Bev m 22=…………4＇得：mBea v 2max = (1) …………2＇(2) 粒子在电场中做类平抛运动，据221t meE a =(2) …………2＇ vt x = …………2＇得： mEaeBax 22m ax = (3) …………2＇ 由此可知：PQ 界面的右侧X 轴上能接收电子的范围是a 3(，a 3+]mEae Ba 22………2＇19．(18分) (1) 当t =t 1时，θsin 11g at v ==t 1 (1) …………1＇ 并由题意可知瞬间电流为0，得ε合=ε1—ε1/=0…………1＇而Lv NB 11=ε，Ld t BN S t B N11/1=∆∆=ε …………2＇ 故：Ld t B NLv NB 111= (2) …………1＇ 211sin t g vt d θ==∴ (3) …………1＇(2) 由 Lv NB 11=ε或NkLd Ld t B N==11/1ε (4) …………2＇ 得： RNkLdRI ==/11ε (5) …………1＇ Rt g L k N Rt I Q 512222212sin θ==∴ (6) …………1＇(3) 当t =t 2时，由题意知：0sin 22=-L I NB mg θ (7) …………2＇ 设ab 边穿出磁场瞬间的速度为v 2，则有： RLv NB I Lv NB 222222,==ε (8) …………2＇ 22222sin L t k N mgR v θ=∴ (9) …………1＇由动能定理：W mgd mv mv -=-θsin 21212122 (10) …………2＇ 得： )3(sin 2144244222122Lt k N R m t mg W -=θ (11) …………1＇20．(18分)解: (1)刚开始滑动时,a =22m gm μ=g μ=1m/s 2 …………2＇方向向左…………1＇(2) 设经t 1时间m 1、m 2相碰，有12121t v L at 带=+ …………1＇ t 1=1s t /1=5s(由上述分析可知，不合题意,舍去) …………1＇ 碰前m 2的速度 v 2=at 1=1m/s由题意可知：碰后m 2的速度 v /2=2m/s 或 v //2=4m/s …………1＇分别由动量守恒定律得 m 1v 带+m 2v 2=m 1v /1+m 2 v /2与m 1v 带+m 2v 2=m 1v //1+m 2 v //2 …………1＇ 得碰后m 1的速度 v /1= 1.5m/s 或 v //1= —1.5m/s …………1＇检验：由于22/221/12222121212121v m v m v m v m +<+带 …………1＇故v //1= —1.5m/s ，v //2=4m/s 这组数据舍去 ……1＇∴碰后m 1的速度为v /1= 1.5m/s 向右, m 2的速度为v /2=2m/s 向右…………1＇(3)因碰后两物体均做匀加速运动,加速度都为a =1m/s 2，所以m 2先达到传送带速度，设m 2达到传送带速度的时间为t 2， 有 v 带= v /2+ at 2 t 2=1s 此时m 1的速度v 3= v /1+ at 2=2.5m/s< v 带 故从t 2之后m 1继续加速，m 2直到m 1和传送带达到某个共同速度v 4后，m 1所受摩擦力换向，才开始减速运动， 设m 1继续加速的时间为t 3 则v 4=v 3+ a t 3 = v 带－a 带t 3 t 3=61s ………1＇m 1的速度为v 4= v 3+ a t 3=38m/s ………1＇ 此时m 2的速度为v 5= v 带－ a t 3=617m/s ，之后因为在整个过程中m 2的速度始终大于m 1的速度， 所以在m 1、m 2都静止时两物块位移最大…………1＇ m 2碰后运动的总位移()m a v av v s 720222/222=-⨯--⨯-=带带 …………1＇或m t v t v v s 72242/22=++=带带m 1碰后运动的总位移()m a v a v v s 6202242/1241≈-⨯--⨯-=…………1＇ 两物块间最大距离m s 1=∆ …………1＇。
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深圳市2016年高三第二次调研考试理科综合二、选择题：本题包括8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14.利用物理量之间的关系可以推导出其他物理量的单位，高中物理常见的单位有N(牛)、kg(千克)、m(米)、s（秒）、A(安培)、V(伏特)、C（库仑）、Wb(韦伯)等，那么下列单位与磁感应强度的单位T（特斯拉）等效的是A. N·A·mB. Wb/m2C.V ·m2/s2D. V/m15.如图所示，质量均为m的两物体a、b放置在两固定的水平挡板之问，物体问竖直夹放一根轻弹簧，弹簧与a、b不粘连且无摩擦．现在物体铂上施加逐渐增大的水平向右的拉力F，两物体始终保持静』卜状态，已知重力加速度为g，下列说法正确的是A.物体b所受摩擦力随F的增大而增大B.弹簧对物体b的弹力大小可能等于mgC.物体a对挡板的压力大小可能等于2mgD.物体a所受摩擦力随F的增大而增大16.如图所示，某游戏中有一隧道跟半径为R=125m的圆形桥在M点相接，M为桥的顶点，桥上Ⅳ点与圆心D的连线跟MO的夹角为37°，与MON在同一竖直面的平台上边缘P点比M点高h=20m.当玩具小车从M越过Ⅳ点后，从P点水平射出的小球无论速度多大都不能直接击中它，为了使发射的小球能击中桥上的小车，速度v o的取值范围是（不计空气阻力，sin37°=0.6,g取10m／s2)A. v o<30m/sB. v o>40m/sC. 22.5m/s< v o<40m/sD.22.5m/s< v o<30m/s17.如图所示为一固定的内壁光滑、半径为R的绝缘圆筒的竖直截面，筒内有竖直向下的匀强电场，质量分别为3m和m的带正电小球M、N，电量均为q，两小球用绝缘轻杆相连并紧靠圆筒，不计两球间的静电力，开始时，M与圆心O等高，Ⅳ在筒的最低点，由静止释放后，两球始终在竖直平面内往复运动，且Ⅳ球恰好不会脱离轨道，重力加速度取g，由此可以判断A.N球可以到达圆筒的最高点B.N球增加的电势能总等于M球减少的电势能C.电场强度E的大小为mg／gD．同一时刻，两球所在位置的最大电势差为（2 - ）mgR/q18.静止在水平地面上的物块，受到水平推力，的作用，F与时间t的关系如图甲所示，物块的加速度a与时间t的关系如图乙所示，g取lOm/s2.设滑动摩擦力等于最大静摩擦力，根据图象信息可得A.地面对物块的最大静摩擦力为1NB.物块的质量为lkgC.物块与地面间的动摩擦因数为0.2D. 4s末推力F 的瞬时功率为36W19.如图所示，半径为R的圆形区域内有方向垂直于纸面向里的匀强磁场（图中未画出）．两个质量、电量都相同的正粒子，以相同的速率v从a点先后沿直径ac和弦ab的方向射入磁场区域，ab和ac 的夹角为30°.已知沿ac方向射入的粒子在磁场中运动的时间为其圆周运动周期的1/4，不计粒子重力．则A.粒子在磁场中运动的轨道半径为RB.粒子在磁场中运动的轨道半径为2RC.沿ab方向射入的粒子在磁场中运动的时间为D.沿ab方向射入的粒子在磁场中运动的时间为20.如图，单匝矩形导线框abcd与匀强磁场乖直，线框电阻不计，线框绕与cd边重合的同定转轴以恒定角速度从图示位置开始匀速转动，理想变压器匝数比为n1:n2．开关S断开时，额定功率为P的灯泡L1正常发光，电流表示数为I，电流表内阻不计，下列说法正确的是A.线框中产生的电流为正弦式交变电流B.线框从图中位置转过时，感应电动势瞬时值为C．灯泡L1的额定电压等于D．如果闭合开关S，则电流表示数变大21.两颗相距足够远的行星a、b，半径均为R o，两行星各白周同卫星的公转速度的平方v2与公转半径的倒数1/r的关系图象如图所示．则关于两颗行星及它们的卫星的描述，正确的是A.行星a的质量较大B.行星a的第一宇宙速度较大C．取相同公转半径，行星a的卫星向心加速度较小D.取相同公转速度，行星a的卫星周期较小第Ⅱ卷（非选择题共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22～32题为必考题，每个试题考生都必须做答。
第33～40题为选考题，考生根据要求做答。
（一）必考题（共129分）22.（6分）如图甲所示实验装置，可以测量滑块经过斜面底端的瞬时速度．(1)用游标卡尺测量挡光片的宽度d，示数如图乙所示，可读得d= cm；(2)让装有挡光片的滑块从斜面上端由静止释放，测得它经过光电门时挡光片的挡光时间为0.002s，则滑块经过斜面底端时的速度v= m/s （保留二位有效数字）；挡光片平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直（如图丙），则速度的测量值比真实值偏____（填“大”或“小”，档光片足够长）．(3)若测得滑块下滑高度为h，水平位移为x，则可得出滑块与斜面间的动摩擦因数μ= ____（用符号h、v、x和重力加速度g表示）．23.（9分）电压表改装前需要测量其内阻，测量电压表内阻的电路如图甲，所用电源为内阻可以忽略的干电池，定值电阻R1=8000Ω，R2=4000Ω.(1)闭合S1，断开S2，调节电阻箱R，记下多组R的大小及其对应的电压表示数U；(2)闭合S l，____ ，同样调节电阻箱R，记下多组R 的大小及其对应的电压表示数U；将以上两次测得的多组数据，分别在坐标纸上描点连线，得到如图乙中所示两条图线；(3)利用图线数据得出电源电动势E=____，求出电压表内阻Rv=____ ．两图线的交点的横坐标设为R o，还可用物理量符号R o、R1、R2表示Rv= ____．判断断开S2时，所得数据描绘的是图线．（填“AB”或“CD”）；(4)为了将该电压表的量程由0～3V扩大到0～15V，需要在电压表内（填“串”或“并”）联一个阻值为的定值电阻。
24.（12分）如图甲，右端固定的压缩弹簧，将小球由静止弹出，小球从轨道末端A竖直飞出，恰好从转盘的M孔向上穿出，又恰好从N孔落下．己知弹簧弹性势能E=9J，小球质量m=0.5kg，半径为R=1m的1/4圆轨道与水平轨道平滑连接，整条轨道的中间呈V形（如图乙），夹角为60°（如图丙）．圆盘匀速转动，竖直轴与盘面垂直，孔M、N在同一条直径上，且紧挨轨道上端A.不计一切摩擦、空气阻力及小球通过孔的时间，g =l0m/s2.求：(1)小球在通过圆轨道上端A时，V形槽每个面对小球支持力的大小；(2)圆盘转动的最小角速度ω．25.（20分）如图甲所示，在粗糙的水平而上有一滑板，滑板上固定着一个用粗细均匀的导线绕成的正方形闭合线圈，匝数N=10，边长L=0.4m，总电阻R=1Ω，滑板和线圈的总质量M =2kg，滑板与地而问的动摩擦因数μ=0.5，前方有一长4L、高L的矩形区域，其下边界与线圈中心等高，区域内有垂直线圈平面的水平匀强磁场，磁感应强度大小按如图乙所示的规律变化，现给线圈施加一水平拉力，使线圈以速度v =0.4m/s匀速通过矩形磁场t=0时刻，线圈右侧恰好开始进入磁场．g=l0m/s2.求：(1)t =0.5s时线圈中通过的电流；(2)线圈全部进入磁场区域前的瞬间所需拉力的大小；(3)线圈穿过图中矩形区域过程中拉力所做的功．（二）选考题：（共45分）请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号后的方框涂黑。
注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡上选答区域指定位置答题。
如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33.【物理——选修3—3】（15分）(1)（5分）下列说法正确的是（填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.花粉颗粒在液体中做布朗运动，反映了液体分子在永不停息地做无规则运动B．若两分子间距离减小，分子间斥力增大、引力减小，合力为斥力C.气体分子的平均动能增大，压强也一定增大D.内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同E.在围绕地球运行的“天宫‘号”内，漂浮的水滴呈球形是液体表面张力作用的结果(2)（10分）如图所示，用轻质活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁间摩擦忽略不计，丌始时活塞距离汽缸底部高度H1= 0.60 m，气体的温度T1=300K;现给汽缸缓慢加热至T2=480K，活塞缓慢上升到距离汽缸底部某一高度H2处，此过程中缸内气体增加的内能△U=300 J．已知大气压强Po =l.0×105 Pa，活塞横截面积S=5.0×10-3 m2.求：①活塞距离汽缸底部的高度H2；②此过程中缸内气体吸收的热量Q.34. 【物理——选修3-4]（15分）(1)（5分）如图所示，实线表示两个相干波源S l、S2发出的波的波峰位置，设波的周期为T1，波长为λ，波的传播速度为v，下列说法正确的是___ _（填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.图中的a点为振动减弱点的位置B.图中的b点为振动加强点的位置C．从图中时刻开始，波源S l的波峰传播到a、b位置的最短时间均为T/2D．v=λTE.波源S1的波经过干涉之后波的性质完全改变(2)（10分）某同学做“测定玻璃的折射率”实验时，用他测得的多组入射角i与折射角r作出sini- sinr的图象，如图甲所示．①求该玻璃的折射率n．②他再取用该种玻璃制成的直角三棱镜，入射光的方向垂直于斜边，如图乙所示；则角θ在什么范同内，入射光经过两次全反射又从斜边射出？35.【物理——选修3—5】（15分）( 1)（5分）下列说法正确的是（填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.聚变反应产生了新的原子核B．氢原子从n=2 的能级跃迁到n=1的能级辐射的光是紫外线，则从n=3的能级跃迁到n=l的能级辐射的光可能是可见光C.在核反应中，总体上，只有比结合能较小的原子核变成比结合能较大的原子核才会释放核能D.在核反应过程中亏损质量转变为能量，自然界能量不守恒E.在光电效应实验中，遏止电压与入射光的频率有关(2)（10分）如图所示，光滑水平面上放有质量M=3kg 和m= lkg可视为质点的小物块A、B，右端有质量M'=2 kg，高h=1.2m的光滑弧形滑块C，下表面与水平面平滑接触，开始时三者静止．现使A、B间夹少许炸药，炸药爆炸，50%的化学能转化为A、B的机械能，B恰好能滑到弧形滑块最高点，g= 10 m/s2，求：①B滑到C的最高点时的速度大小；②炸药爆炸时释放的化学能．2016深圳二模物理试题答案与评分标准一、二、选择题22．（1）1.02（2分）；（2）5.1（1分） 小（1分）；（3）222gh v gx（2分）23.（2）闭合S 2（1分）（3）3.0V （1分） 5000Ω（1分）201R R R （2分）AB （2分）（4）串联（1分） 20k Ω或4R v （1分）24．（1）由机械能守恒定律得：22011122mv mv mgR =+解得14/v m s = (2)分由牛顿第二定律得：21mv F R=向=8N ………………2分因V 形槽对小球的两支持力夹角为1200，……………… 2分（2）由运动学公式，小球离开A 又回到A 的时间为：120.8vt s g==………2分刚好从N 空落下，需满足：2T t =………1分且2T πω=………1分解得：54πω=rad/s ……………2分25．(1)线框切割磁感线10.42L E NB v ==V …………2分10.4EI R== A …………2分(2)线框因匀速运动将要全部进入前右边导线所受向左的总安培力：110.42LF NBI ==N …………2分上边导线所受向下的总安培力：210.8F NBI L ==N…………2分滑动摩擦力2()10.4f Mg F μ=+=N…………1分故拉力：F = F 1+f =10.8N …………1分（3）进入过程外力所做的功：1110.410.80.42W F L +==⨯J=4.24J (2)分在磁场中运动时：20.2E Ntϕ∆==∆V …………2分线框中形成顺时针电流：220.2E I R== A …………1分线框上边受到向上的最大力320.4F NBI L ==N…………1分拉力做的功32()27.922Mg Mg F W L μμ+-=⨯=J …………2分3s 后无电流，拉力做功W =2µMgL =8J …………1分整个过程做的总功W =（4.24+7.92+8）J=20.16J …………1分（二）选考题33．（1）ADE …………5分 （2）（10分）①气体做等压变化，根据盖吕萨定律得：1212H S H ST T =…………3分即20.60300480H =…………1分解得H 2＝0.96 m …………1分②在气体膨胀的过程中，气体对外做功为：W 0＝p ΔV ＝[1.0×105×(0.96－0.60)×5.0×10-3] J ＝180 J …………2分根据热力学第一定律可得气体内能的变化为 ΔU ＝－W 0＋Q …………2分 得Q ＝ΔU ＋W 0＝480 J …………1分34．（1）ABC …………5分（2）（10分）①由图甲可计算出该玻璃的折射率为25.01sin sin ===r i n …………3分②光的传播方向如右图所示，欲使入射光在上侧直角边发生全反射，须211sin sin ==>n C θ…………2分解得：θ ＞30°…………1分又当光线行进至右侧直角边时，入射角为90°－θ，欲使入射光在该边发生全反射，须211sin )90sin(==>-n C θ …………2分解得：θ ＜60°…………1分所以θ的范围为：30°＜θ ＜60°…………1分35．（1）ACE …………5分（2）（10分）①设B 滑上C 前的速度为v 1，恰好能到达C 的最高点，说明BC 达到共同速度，设为v 共；双方相对运动的过程中系统的水平方向上动量守恒、机械能守恒，有： mv 1=（m +M ′）v 共…………2分21mv 12=21（m +M ′）v 共2+mgh …………2分两式联立解得：v 1=6m/s ，v 共=2m/s …………2分 ②炸药爆炸时，A 的速度为v 2，A 、B 构成的系统动量守恒，有：mv 1－Mv 2=0…………2分 得：v 2=2m/s …………1分由题意得：E 化＝2（21mv 12+21Mv 22）=48J …………1分。