2019版高考物理一轮复习模块综合检测(一)

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2019届高考物理一轮总复习配套练习题全集(49套有答案)【高考】

2019 高考物理（人教）一轮编练习题（1）
李仕才一、选择题
1、如图所示，在一个倾角为 θ 的斜面上，有一个质量为 m，带负电的小球 P(可视为点电荷)，空间存
在着方向垂直斜面向下的匀强磁场，带电小球与斜面间的摩擦力不能忽略，它在斜面上沿图中所示的哪个
方向运动时，有可能保持匀速直线运动状态( )
A．v1 方向
A．小球 A 落地时间为 3 s B．物块 B 运动时间为 3 s C．物块 B 运动 12.5 m 后停止 D．A 球落地时，A、B 相距 17.5 m
解析：选 ACD 根据 H＝12gt2 得，t＝
2gH＝
2×45 10
s＝3
s，故
A
正确。物块
B
匀减速直线运动的加
速度大小 a＝μg＝0.4×10 m/s2＝4 m/s2，则 B 速度减为零的时间 t0＝va0＝140 s＝2.5 s，滑行的距g′∶g＝1∶5
C．M 星∶M 地＝1∶20
D．M 星∶M 地＝1∶80
【答案】BD 5、如图 6 所示，固定于水平面上的光滑斜面足够长，一轻质弹簧的一端与固定在斜面上的木板 P 相连，
另一端与盒子 A 相连，A 内放有光滑球 B，B 恰与盒子前、后壁接触，现用力推 A 使弹簧处于压缩状态，然
2、[多选]光滑斜面上，当系统静止时，挡板 C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B 质量相等。
在突然撤去挡板的瞬间( )
A．两图中两球加速度均为 gsin θ
B．两图中 A 球的加速度均为零
C．图甲中 B 球的加速度为 2gsin θ
D．图乙中 B 球的加速度为 gsin θ
解析：选 CD 撤去挡板前，对整体分析，挡板对 B 球的弹力大小为 2mgsin θ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中 A 球所受合力为零，加速度为零，B 球所受合力为 2mgsin θ，加速度为 2gsin θ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B 球所受合力均为 mgsin θ，加速度均为 gsin θ，故 C、D 正确，A、B 错误。

2019版高考物理金榜一轮模块综合检测一含解析精品

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模块综合检测(一)(选修3-3)(45分钟100分)1.(16分)(1)(多选)下列各种说法中正确的是( )A.0 ℃的铁和0 ℃的冰,它们的分子平均动能相同B.液体与大气相接触,表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互排斥C.橡胶无固定熔点,是非晶体D.凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在热传递中,热量只能从高温物体传递给低温物体,而不能从低温物体传递给高温物体E.压缩气体不一定能使气体的温度升高(2)在一端封闭、内径均匀的光滑直玻璃管内,有一段长为l=16 cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体。

当玻璃管水平放置达到平衡时如图甲所示,被封闭气柱的长度l1=23 cm;当管口向上竖直放置时,如图乙所示,被封闭气柱的长度l2=19 cm。

已知重力加速度g=10 m/s2,不计温度的变化。

求:①大气压强p0(用cmHg表示)。

②当玻璃管开口向上以a=5 m/s2的加速度匀加速上升时,水银柱和玻璃管相对静止时被封闭气柱的长度。

【解析】(1)选A、C、E。

温度是分子平均动能的标志,与其他无关,选项A对。

液体的表面张力是分子间距离大于液体内部分子间距离引起的,分子力表现为引力,选项B错。

橡胶是非晶体,没有固定的熔点,选项C对。

凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在不引起其他变化的情况下热量只能从高温物体传递给低温物体,但是如果有做功等其他变化,热量也可以从低温物体传递给高温物体,选项D错误。

压缩气体等于对气体做功,而改变气体内能除了做功还有热传递,所以压缩的同时若伴随有热传递,压缩气体的温度也不一定升高,选项E 对。

(2)①由玻意耳定律可得:p0l1S=(p0+ρg l)l2S解得:p0=76 cmHg②当玻璃管加速上升时,设封闭气体的压强为p,气柱的长度为l3,液柱质量为m,对液柱,由牛顿第二定律可得:pS-p0S-mg=ma解得:p=p0+=100 cmHg由玻意耳定律可得:p0l1S=p l3S解得:l3=17.48 cm答案:(1)A、C、E(2)①76 cmHg ②17.48 cm2.(16分)(2018·福州模拟)(1)(多选)如图是某喷水壶示意图。

2019-2020学年度上学期高中物理一轮总复习《x-t、v-t、a-t图像》试题

2019-2020学年度上学期高中物理一轮总复习试题内容：《x-t、v-t、a-t图像的应用》命题人：嬴本德测试时间：100分钟试卷满分：150分一、单选题：本题共30小题，每小题2分，共60分。

在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

1．如图所示为甲和乙在地面同一直线上运动的v－t图象，已知t=0时甲乙从同一位置出发，则在0~4s内对于甲、乙运动描述正确的是（）A．甲做往返运动，4s末回到起点B．在t=2s时甲乙相距最大C．甲和乙之间的最大距离为8mD．甲和乙之间的最大距离为m3162．某物理兴趣小组用加速度传感器探究一质量为m的物体从静止开始做直线运动的情况，得到加速度随时间变化的关系如图所示，则由图象可知（）A．物体在t＝6s时速度为2.6m/sB．物体在10～14 s内的平均速度为3.8 m/sC．物体先做加速运动，再做减速运动，最后做匀速运动D．物体在t＝2 s与t＝8 s时所受合外力大小相等，方向相反3．一质点由静止开始沿直线运动，其速度－位移图象如图所示，运动到距出发点x0处，速度大小为v0．下列选项正确的是（）A．质点做匀加速直线运动B．质点运动前2x的平均速度大于后2x的平均速度C．质点运动x0的平均速度为2vD．以上说法都不对4．如图是某质点甲运动的速度－时间图像，下列说法正确的是（）A．质点在0～1 s内的平均速度是2 m/sB．质点在0～2 s内的位移大小是2 mC．质点在4 内的平均速度是1.25m/sD．质点在0～4 s内的位移是0 m5．光滑的水平面上有一物体在外力作用下做直线运动，物体的加速度随时间变化（a﹣t）的关系如图所示．已知t＝0时物体的速度为2m/s，以此时的速度方向为正方向．下列说法中正确的是（）A．0～1s内物体做匀加速直线运动B．t＝1s时物体的速度为4m/sC．t＝1s时物体开始反向运动D．t＝2s时物体离出发点最远6．甲乙两辆汽车在同一平直公路上行驶，其位移－时间图像如图所示，其中甲车图像为直线，乙车图像为抛物线，则下列关于两车运动情况的说法正确的是（）A．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B．在t=2s时，甲、乙两车相遇C．在t=2s时，甲、乙两车速度大小相等D．在0~4s内，甲、乙两车的平均速度大小均为2m/s7．甲、乙两车从同一地点沿同一方向在一平直公路上做直线运动，它们的v－t图象如图所示．下列判断正确的是（）A．t=4s时，甲、乙两车相距最远B．t=8s时，乙车正好追上甲车C．0~10s运动过程中，乙车始终没有追上甲车D．t=6s之前，甲、乙两车越来越近8．如图，是一辆汽车做直线运动的x－t图象，对线段OA、AB、BC、CD 所表示的运动，下列说法正确的是A．OA段运动最快B．AB段汽车做匀速直线运动C．运动4h后汽车的位移大小为30kmD．CD段表示的运动方向与初始运动方向相反s9．东方网有消息报道：上海海洋大学研发的1.1万米载人潜水器，获得了上海市科委立项支持，这一深度已可抵达目前地球所知的最深的海沟-马里亚纳海沟．这意味着中国载人潜水器将在全世界近100%的海洋范围内自由行动．如图所示为潜水器在某次实验中下潜的速度一时间图象，规定向下为速度的正方向，则（）A．3s末潜水器的加速度为零B．0～1s内潜水器的加速度小于3s~5s内的加速度C．5s末，潜水器回到出发点D．5s末，潜水器离出发点最远10．我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年6月24日以7020m深度创下世界最新纪录（国外最深不超过6500m），这预示着它可以征服全球99.8%的海底世界．在某次实验中，深潜器内的显示屏上显示出的深度曲线如图（a）所示、速度图象如图（a）所示，则下列说法中正确的是（）A．（a）图表示深潜器一直在下潜B．本次实验中深潜器的最大加速度是0.025m/s2C．在3~4min和6~8min的时间段内深潜器具有向上的加速度D．在6~10min时间段内深潜器的平均速度为011．甲、乙两物体在同一直线上运动，运动情况如图所示，下列说法中正确的是（）A．经过12s，甲、乙两物体相遇B．经过6s，甲物体到达乙物体的出发点C．甲、乙两物体速度的大小相等、方向相反D．经过12s，乙物体的速度变为零12．如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的位移－时间(x－t)图象，由图象可以看出在0~4 s这段时间内（）A．甲先上坡后下坡B．甲、乙两物体始终同向运动C．甲、乙两物体之间的最大距离为4mD．4s时甲乙两物体相遇13．2019年9月13日，美国导弹驱逐舰“迈耶”号擅自进人中国西沙群岛海域．我军组织有关海空兵力，依法依规对美舰进行了识别查证，予以警告，成功将其驱离．下图是美国导弹驱逐舰“迈耶”号在海面上被我军驱离前后运动的速度－时间图象，如图所示，则下列说法正确的是（）A．美舰在0~66s内从静止出发做加速度增大的加速运动B．美舰在66s末开始调头逃离C．美舰在96~116s内做匀减速直线运动D．美舰在66~96s内运动了225m14．为检测某新能源动力车的刹车性能，现在平直公路上做刹车实验，如图所示是动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的关系图象，下列说法正确的是（）A．动力车的初速度为40 m/sB．刹车过程动力车的加速度大小为5 m/s2C．刹车过程持续的时间为10sD．从开始刹车时计时，经过6s，动力车的位移为30m15．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v－t图像如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则正确的是（）A．两车另一次并排行驶的时刻是t=1sB．在t=0时，乙车在甲车前7mC．乙车做匀加速直线运动，加速度为10m/s2D．甲车2秒内行驶的距离为30m16．汽车的加速性能是反映汽车性能的重要指标．速度变化得越快，表明它的加速性能越好．右图为研究甲、乙、丙三辆汽车加速性能得到的v－t图像，根据图像可以判定（）A．甲车的加速性能最好B．乙车比甲车的加速性能好C．丙车比乙车的加速性能好D．甲、丙两车的加速性能相同17．汽车在平直公路上做刹车试验，若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系如图所示，下列说法正确的是（）A．t=0时汽车的速度为20 m/sB．刹车过程持续的时间为5 sC．刹车过程经过3 s时汽车的位移为10 mD．刹车过程汽车的加速度大小为10 m/s218．如图所示为某质点做直线运动时的v－t图象图象关于图中虚线对称，则在0～t1时间内，关于质点的运动，下列说法正确的是（）A．若质点能两次到达某一位置，则两次的速度都不可能为零B．若质点能三次通过某一位置，则可能三次都是加速通过该位置C．若质点能三次通过某一位置，则可能两次加速通过，一次减速通过D．若质点能两次到达某一位置，则两次到达这一位置的速度大小一定相等19．一物体由静止开始运动，其加速度a与位移x关系图线如图所示．下列说法正确的是（）A．物体最终静止B．物体的最大速度为02xaC．物体的最大速度为0223xaD．物体的最大速度为03xa20．如图甲所示，一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动，将一带有遮光片的滑块自斜面上滑下时，用米尺测量甲、乙之间的距离x．与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间T．改变光电门甲的位置进行多次测量，每次都使滑块从同一点由静止开始下滑，作出ttx-的图象如图乙所示．由此可以得出（）A．滑块经过光电门乙的速度大小为v0B．滑块经过甲、乙两光电门最长时间为t0C．滑块运动的加速度的大小tvD．图线下所围的面积表示物体由静止开始下滑至光电门乙的位移大小21．有四个物体A、B、C、D，物体A、B运动的x－t图象如图所示；物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v－t图象如图所示．根据图象做出的以下判断中正确的是（）A．物体A和B均做匀变速直线运动B．在0~3 s的时间内，物体A、B的间距逐渐减小C．t＝3 s时，物体C、D的位移相同D．在0~3 s的时间内，物体C与D的间距逐渐增大22．如图，直线a与四分之一圆弧b分别表示两质点A、B从同一地点出发，沿同一方向做直线运动的v－t图，当B的速度变为0时，A恰好追上B，则A的加速度为（）A．1.0m/s2B．2.0m/s2C．2πm/s2D．πm/s223．某质点做直线运动，运动速率的倒数v1与位移x的关系如图所示(OA与AA′距离相等)，关于质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．xv-1图线斜率等于质点运动的加速度C．质点从C运动到C′所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍D．质点从C运动到C′的运动位移是从O运动到C的运动位移的3倍24．甲乙两个物体在同一时刻沿同一直线运动，它们的速度﹣时间图象如图所示，下列有关说法正确的是（）A．在4～6 s内，甲、乙两物体的加速度大小相等，方向相反B．前6 s内甲通过的路程更大C．前4 s内甲、乙两物体的平均速度相等D．甲、乙两物体一定在2 s末相遇25．中国火箭航天集团专家称，人类能在20年后飞往火星．若一物体从火星表面竖直向上抛出（不计气体阻力）时的x－t图象如图所示，则（）A．该火星表面的重力加速度为3.2 m/s2B．该物体上升过程用时为10 sC．该物体被抛出时的初速度为8 m/sD．该物体落到火星表面时的速度为16 m/s26．可视为质点的M、N两车在同地、同时沿同一方向做直线运动，M做初速个度为零，加速度大小为a1的匀加速直线运动，N做初速度为v0、加速度大小为a2的匀减速直线运动至速度减为零，取出发点位置为x＝0，如图所示为M、N两车在运动过程中的位置(x)－速度(v)图象，则（）A．N的初速度大小为2m/sB．M、N两车加速度大小之和为6m/s2C．M车加速度大小是N车加速度大小的4倍D．M车加速度大小为2m/s227．如图所示，三个图象表示A、B、C、D、E、F六个物体的运动情况，下列说法中正确的是（）A．速度相等的物体是B、DB．合力为零的物体是A、C、EC．合力是恒力的物体是D、FD．合力是变力的物体是F28．甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t＝0时刻甲车在乙车前方9m处．在描述两车运动的v－t图像中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在0～20s时间内的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）A．在0～10s内两车逐渐靠近B．在0～20s内两车相遇两次C．在5～15s内甲车发生的位移大于乙车发生的位移D．在t＝10s时两车间距最小二、多选题：本题共30小题，每小题3分，共90分。

高三物理一轮复习二模、三模试题分项解析专题01 直线运动(第01期)(含解析)-人教版高三全册物

直线运动一．选择题1.〔2019洛阳名校联考〕一辆汽车从甲地开往乙地，由静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，当速度减为零时刚好到达乙地。

从汽车启动开始计时，下表给出了某些时刻汽车的瞬时速度。

如下说法正确的答案是时刻〔s〕 1.0 2.0 3.0 5.0 7.0 9.5 10.5速度〔m/s〕 3.0 6.0 9.0 12.0 12.0 9.0 3.0A．汽车匀加速直线运动经历的时间为3.0sB．汽车匀加速直线运动经历的时间为5.0sC．汽车匀减速直线运动经历的时间为4.0sD．汽车匀减速直线运动经历的时间为2.0s【参考答案】.D2.〔2019武汉局部示范性高中联考〕如下列图为甲、乙两个质点在0~t0时间内沿同一直线运动的位移——时间图象，在两个质点在0~t0时间内，A．任一时刻的加速度都不同B．位移大小不相等C．任一时刻的速度都不同D．运动方向不一样【参考答案】A【名师解析】根据位移图像的斜率表示速度可知，两个质点在0~t0时间内，乙做匀速直线运动，其加速度为零，而甲做速度逐渐增大的加速直线运动，，两个质点在0~t0时间内任一时刻的加速度都不同，选项A 正确；两个质点在0~t0时间内，位移大小相等，运动方向都是沿x轴负方向，运动方向一样，选项BD错误；根据位移图像的斜率表示速度可知，两个质点在0~t0时间内，有一时刻速度一样，选项C错误。

【方法归纳】位移---时间图象的斜率表示质点运动的速度，在同一坐标系中两个位移---时间图象的交点表示两质点相遇。

3.〔2019河南1月质检〕某质点由静止开始做加速运动的加速度一时间图象如下列图，如下说法正确的答案是A.2s末，质点的速度大小为3 m/sB.4s末，质点的速度大小为6 m/sC. 0〜4 s内，质点的位移大小为6 mD.0〜4 s内，质点的平均速度大小为3 m/s【参考答案】.B4．〔2019湖南株洲一模〕一辆高铁出站一段时间后，在长度为L的某平直区间提速过程中其速度平方与位移的关系如下列图。

整理版2019年高考全国卷Ⅰ理综物理试题(含答案)

2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试(物理)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．氢原子能级示意图如图所示。

光子能景在1。

63 eV～3.10 eV的光为可见光。

要使处于基态(n=1)的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A．12。

09 eV B．10。

20 eV C．1.89 eV D．1.5l eV15．如图,空间存在一方向水平向右的匀强磁场，两个带电小球P和Q用相同的绝缘细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则A．P和Q都带正电荷B．P和Q都带负电荷C．P带正电荷，Q带负电荷D．P带负电荷，Q带正电荷16．最近,我国为“长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功，这标志着我国重型运载火箭的研发取得突破性进展。

若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为3 km/s,产生的推力约为4。

8×108N,则它在1 s时间内喷射的气体质量约为A．1。

6×102 kg B．1。

6×103 kg C．1。

6×105 kg D．1。

6×106 kg17．如图，等边三角形线框LMN 由三根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中,线框平面与磁感应强度方向垂直,线框顶点M 、N 与直流电源两端相接，已如导体棒MN 受到的安培力大小为F ,则线框LMN 受到的安培力的大小为A ．2FB ．1.5FC ．0.5FD ．018．如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H 。

上升第一个4H 所用的时间为t 1,第四个4H所用的时间为t 2。

不计空气阻力，则21t t 满足A ．1<21t t 〈2 B ．2<21t t <3 C ．3〈21t t 〈4 D ．4〈21t t <5 19．如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮.一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N 。

2019届全国高三一轮精品卷(一)理综物理试卷

2019届全国高三一轮精品卷（一）理综物理试卷本试卷共16页，共38题（含选考题），分选择题和非选择题两部分。

全卷满分300分，考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.下列说法正确的是A.伽利略的理想斜面实验说明了“力是维持物体运动的原因”B.采用比值定义法定义的物理量有：电场强度q F E =，电容U Q C =，加速度mF a = C.库仑通过实验得出了库仑定律，并用扭秤实验最早测量出了元电荷e 的数值D.放射性元素发生一次β衰变，新核原子序数比原来原子核序数增加115.跳伞运动员从高空悬停的直升机跳下，运动员沿竖直方向运动，其v-t 图象如图所示，下列说法正确的是A.运动员在0-10s 内的平均速度大小等于10m/sB.从15s 末开始运动员处于静止状态C.10s 末运动员的速度方向改变D.10s-15s 内运动员做加速度逐渐减小的减速运动16.如图所示，质量为m 的光滑小球，在细线和墙壁的作用下处于静止状态，重力加速度为g ，细线与竖直墙壁的夹角为30°，则细线对小球的拉力大小为 A.m g 332 B.m g 33 C.mg D.m g 23 17.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为21:n n =10：1，a 、b 两点间的电压为u=2202sin100πt(V)， R 为可变电阻，P 为用铅锑合金制成的保险丝，其电阻可忽略不计，熔断电流为2A 。

2019届高考物理(课标通用)一轮复习阶段综合检测(一) 第一-三章验收(重点高中)

阶段综合检测（一）第一~三章验收(时间：90分钟满分：110分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题，有多项符合题目要求。

全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．(2018·吉林大学附中模拟)从t＝0时刻开始，甲沿光滑水平面做直线运动，速度随时间变化如图甲；乙静止于光滑水平地面，从t＝0时刻开始受到如图乙所示的水平拉力作用。

则在0～4 s的时间内()A．甲物体所受合力不断变化B．甲物体的速度不断减小C．2 s末乙物体改变运动方向D．2 s末乙物体速度达到最大解析：选D由题图甲所示可以知道：物体甲在0～2 s内做匀减速直线运动，在2～4 s 内做反向的匀加速直线运动，整个过程加速度不变。

由牛顿第二定律F＝ma可以知道，物体甲受到的合力保持不变，故A错误。

物体甲的速度先减小后反向增大，故B错误。

由乙图可以知道：乙所受的拉力先沿正向后沿负向。

说明乙在0～2 s内做加速度减小的加速运动，2～4 s内沿原方向做加速度增大的减速运动，2 s末运动方向没有改变，且2 s末乙物体速度达到最大，故C错误，D正确。

2.(2018·辽宁省实验中学模拟)一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。

现将滑块轻放在皮带上，弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。

若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中，滑块始终未与皮带达到共速，则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大解析：选D滑块轻放到皮带上，受到向左的摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向左做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，滑块做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律得，加速度逐渐增大，速度逐渐减小。

2019《步步高》高考物理一轮复习讲义：章末自测卷(第一章) Word版含解析

章末自测卷(第一章)(限时：45分钟)一、单项选择题1、历史上,伽利略在斜面实验中分别在倾角不同、阻力很小的斜面上由静止释放小球,他通过实验观察和逻辑推理,得到的正确结论有( )A 、倾角一定时,小球在斜面上的位移与时间的二次方成正比B 、倾角一定时,小球在斜面上的速度与时间的二次方成正比C 、斜面长度一定时,小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D 、斜面长度一定时,小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关答案： A2、在物理学研究过程中科学家们创造了许多物理学研究方法,如理想实验法、控制变量法、极限法、等效替代法、理想模型法、微元法等,以下关于所用物理学研究方法的叙述错误的是( )A 、根据速度定义式v ＝Δx Δt ,当Δt 非常小时,Δx Δt 就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度,该定义采用了极限法B 、在不需要考虑物体的大小和形状时,用质点来代替实际物体采用了等效替代的方法C 、加速度的定义式为a ＝Δv Δt ,采用的是比值定义法D 、在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看做匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用了微元法答案： B3、(2018·福建龙岩质检)一汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统,系统以50 Hz 的频率监视前方的交通状况、当车速小于等于10 m/s,且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时,如果司机未采取制动措施,系统就会立即启动“全力自动刹车”,使汽车避免与障碍物相撞、在上述条件下,若该车在不同路况下的“全力自动刹车”的加速度大小取4～6 m/s 2之间的某一值,则“全力自动刹车”的最长时间为( )A 、53 sB 、253 sC 、2、5 sD 、12、5 s答案： C解析：当车速最大为10 m/s 且加速度取最小值时,“全力自动刹车”时间最长,由速度与时间关系v ＝v 0＋at 可知,t ＝v －v 0a ＝0－10－4s ＝2、5 s,C 项正确、4、如图1所示,a 、b 、c 三个物体在同一条直线上运动,其位移－时间图象中,图线c 是一条x ＝0、4t 2的抛物线、有关这三个物体在0～5 s 内的运动,下列说法正确的是( )图1A 、a 物体做匀加速直线运动B 、c 物体做匀加速直线运动C 、t ＝5 s 时,a 物体速度比c 物体速度大D 、a 、b 两物体都做匀速直线运动,且速度相同答案： B解析： x －t 图象是倾斜的直线表示物体做匀速直线运动,则知a 、b 两物体都做匀速直线运动,由题图看出,a 、b 两图线的斜率大小相等、正负相反,说明两物体的速度大小相等、方向相反,所以速度不同,A 、D错误；图线c 是一条x ＝0、4t 2的抛物线,结合x ＝v 0t ＋12at 2可知,c 物体做初速度为0、加速度为0、8 m/s 2的匀加速直线运动,B 正确、图线的斜率大小等于速度大小,根据题图可知,t ＝5 s 时c 物体速度比a 物体速度大,C 错误、5、一物体做匀变速直线运动,经过时间t ,它的速度由v 1变为v 2,通过的位移为x ,下列说法中错误的是( )A 、这段时间内它的平均速度v ＝x tB 、这段时间内它的平均速度v ＝v 1＋v 22C 、通过x 2时,它的瞬时速度为x tD 、通过x 2时,它的瞬时速度为v 21＋v 222答案： C6、(2017·河北衡水联考)如图2所示,两条曲线为汽车a 、b 在同一条平直公路上的速度－时间图象,已知在t 2时刻两车相遇,下列说法正确的是( )图2A 、a 车速度先减小后增大,b 车速度先增大后减小B 、t 1时刻a 车在前,b 车在后C 、t 1～t 2时间内,a 、b 位移相同D 、a 车加速度先减小后增大,b 车加速度先减小后增大答案： D解析：由题图可知a 车速度先增大后减小,b 车速度先减小后增大,故A 错误、在t 2时刻两车相遇,在t 1～t 2时间内,a 车图线与时间轴围成面积大,则a 车位移大,可知t 1时刻,b 车在前,a 车在后,故B 、C 错误、v －t 图象中图线斜率表示加速度,故a 、b 两车加速度先减小后增大,故D 正确、7、如图3,一质点从A 点开始做初速度为零的匀加速直线运动,加速度大小为a ,B 、C 、D 是质点运动路径上三点,且BC ＝x 1,CD ＝x 2,质点通过B 、C 间所用时间与经过C 、D 间所用时间相等,则质点经过C 点的速度为( )图3A 、x 1＋x 22a x 2－x 1 B 、x 1＋x 24a x 2－x 1 C 、x 2－x 12a x 2＋x 1 D 、x 2－x 14a x 2＋x 1 答案： A解析：设质点从B 到C 所用时间为T ,则从B 到D 的时间为2T ,由Δx ＝aT 2有x 2－x 1＝aT 2,得T ＝x 2－x 1a ,质点经过C 点的速度v C ＝x 1＋x 22T ＝x 1＋x 22a x 2－x 1,因此A 项正确、二、多项选择题8、(2018·广东广州调研)如图4所示为甲、乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x 随时间t 变化的图象,已知甲对应的是图象中的直线,乙对应的是图象中的曲线,则下列说法正确的是()图4A、甲做匀减速直线运动B、乙做变速直线运动C、0～t1时间内两物体平均速度大小相等D、两物体的运动方向相反答案：BD解析：由题图中图象的斜率表示速度,知甲沿负方向做匀速直线运动,故A错误、乙图象切线的斜率不断增大,说明乙的速度不断增大,做变速直线运动,故B正确、根据坐标的变化量等于位移知,0～t1时间内两物体位移大小不相等,方向相反,所以平均速度不相等,故C错误、根据图象的斜率表示速度可知,甲的速度为负,乙的速度为正,即两物体的运动方向相反,故D正确、9、(2017·河北唐山一中模拟)如图5所示,长度为0、55 m的圆筒竖直放在水平地面上,在圆筒正上方距其上端1、25 m处有一小球(可视为质点)、在由静止释放小球的同时,将圆筒竖直向上抛出,结果在圆筒落地前的瞬间,小球在圆筒内运动而没有落地,则圆筒上抛的速度大小可能为(空气阻力不计,取g＝10 m/s2)()图5A、2、3 m/sB、2、6 m/sC、2、9 m/sD、3、2 m/s答案：BC解析：整个过程中小球做自由落体运动,圆筒做竖直上抛运动小球下落时间为t1＝2hg,h为实际下落高度圆筒在空中运动时间为t2＝2v0g,v0为其上抛初速度根据题中要求,在圆筒落地前的瞬间,小球在圆筒内运动而没有落地,则对临界情况分析：①圆筒上抛速度较小时,当圆筒落地瞬间,小球刚到圆筒上沿则h1＝1、25 m又t1＝t2即2h1g＝2v01g解得v01＝2、5 m/s、②圆筒上抛速度较大时,当圆筒落地瞬间,小球刚要落地则h2＝(1、25＋0、55) m＝1、8 m又t1＝t2即2h2g＝2v02g解得v02＝3 m/s、故圆筒上抛速度范围为2、5 m/s＜v0＜3 m/s故选项B、C正确、三、非选择题10、在利用打点计时器做“研究匀变速直线运动”的实验中,图6甲所示为一次记录小车运动情况的纸带,图中A、B、C、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔T＝0、1 s、图6(1)根据纸带可判定小车做________运动、(2)根据纸带计算各点瞬时速度：v D ＝________m/s,v C ＝________m/s,v B ＝________m/s 、在如图乙所示坐标系中作出小车的v －t 图象,并根据图线求出a ＝________、(3)将图线延长与纵轴相交,交点的速度不为零,此速度的物理意义是________、答案： (1)匀加速直线 (2)3、90 2、64 1、38 见解析：图 12、60 m/s 2 (3)零时刻小车经过A 点的速度解析： (1)根据纸带提供的数据可知x BC －x AB ＝x CD －x BC ＝x DE －x CD ＝12、60 cm故小车做匀加速直线运动、(2)根据v ＝2v t可知 v D ＝(105.60－27.60)×10－20.2m/s ＝3、90 m/s v C ＝(60.30－7.50)×10－20.2m/s ＝2、64 m/s v B ＝27.60×10－20.2m/s ＝1、38 m/s 描点连线得v －t 图象如图所示、根据图线斜率知a ＝12、60 m/s 2、(3)表示零时刻小车经过A 点的速度、11、一个滑雪运动员,从85 m 长的山坡上匀加速滑下,初速度为1、8 m/s,滑到山坡底端的末速度为5、0 m/s,求：(1)下滑过程中的平均速度v 的大小；(2)下滑的加速度a 的大小；(3)下滑的时间t 、答案： (1)3、4 m/s (2)0、128 m/s 2 (3)25 s解析： (1)根据匀变速直线运动中平均速度公式 v ＝v 0＋v 2,有 v ＝1.8＋5.02 m/s ＝3、4 m/s 、(2)由v 2－v 02＝2ax 得,a ＝v 2－v 202x ,代入数据得a ＝0、128 m/s 2,(3)由v ＝v 0＋at 得,t ＝v －v 0a ,代入数据得t ＝25 s 、12、在平直公路上行驶的a 车和b 车,其位移—时间图象分别为图7中直线a 和曲线b ,已知b 车的加速度恒定且a ＝－2 m/s 2,t ＝3 s 时,直线a 和曲线b 刚好相切、求：t ＝0时a 车和b 车的距离x 0、图7答案： 9 m解析：由题图可知：a 车的速度v a ＝8－23 m/s ＝2 m/st ＝3 s 时,直线a 和曲线b 刚好相切,即此时b 车的速度v b ′＝v a ＝2 m/s 设b 车的初速度为v b ,对b 车,v b ＋at ＝v b ′解得v b ＝8 m/st ＝3 s 时,a 车的位移x a ＝v a t ＝6 mb 车的位移x b ＝v b ＋v b ′2t ＝15 m 由题图知,t ＝3 s 时a 车和b 车到达同一位置,得x 0＝x b －x a ＝9 m 、13、(2018·河南郑州模拟)一水池水深H ＝0、8 m 、现从水面上方h ＝0、8 m 高处由静止释放一质量为m ＝0、1 kg 的硬质球体,测得球体从释放到落至水池底部用时t ＝0、6 s 、已知球体直径远小于水池深度,不计空气及水的阻力,取g ＝10 m/s 2,求：(1)通过计算判断球体在水中做什么运动？(2)从水面上方多高处静止释放小球,才能使小球落至池底所用时间最短、答案： (1)匀速运动 (2)0、4 m解析： (1)设小球落至水面所用时间为t 1,在水中运动做匀变速运动,加速度为a ,则h ＝12gt 12,v ＝gt 1,H ＝v (t －t 1)＋12a (t －t 1)2 解得a ＝0,则小球在水中做匀速运动、(2)设释放点距水面距离为s ,则t s ＝2sg ,v s ＝2gs ,t ′＝2s g ＋H2gs ,由数学知识知,当2s g ＝H 2gs时t ′最小, 即s ＝H 2＝0、4 m 、。

2019届全国高三一轮精准复习卷(一)理综物理试卷

2019届全国高三一轮精准复习卷（一）理综物理试卷本试卷共16页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。

一、选择题1. 下列关于物理学思想方法的叙述错误的是：( )A. 探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法B. 加速度、电场强度的定义都运用了比值定义法C. 克、米、秒都是基本单位D. 重心、合力、有效值等概念的建立运用了等效替代法【答案】B【解析】A、在探究加速度与力、质量的关系实验中需要先控制其中的某一个物理量不变，探讨另外的两个物理量之间的关系，所以使用了控制变量法，故A正确；B、加速度是牛顿第二定律的决定式，不是定义式，没有运用了比值法，故B错误；C、克、米、秒都是基本单位，故C正确；D、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况．如“平均速度”、“合力与分力”等；故D正确；本题选错误的，故选B.【点睛】在学习物理知识的同时，我们还学习科学研究的方法，常用的方法有：控制变量法、等效替代法、理想实验法、类比法等．2. 某同学玩飞镖游戏，先后将两只飞镖由同一位置水平投出，已知飞镖投出的初速度，不计空气阻力，则两支飞镖插在竖直靶上的状态（侧视图）可能是：( )A. B. C. D.【答案】C【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．3. 一个物体在外力作用下由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的关系图线如图所示，则该物体：( )A. 0～1s内加速运动，1s～3s内减速运动，第3s末回到出发点B. 0～3s内物体位移是12mC. 0～1s内与1s～3s内的平均速度相同D. 2s时的速度方向与0.5s时的速度方向相反【答案】C【解析】A、物体在第1 s内从静止开始匀加速运动，第2、3 s内沿原方向做匀减速运动，根据“面积”等于速度的变化量可知，3s末物体的速度为零，所以第3 s末没有回到出发点．故A错误；B、C、0~1s的位移，1s~3s的位移，故；而，，则B错误，C正确。

2019届高考物理(新课标)一轮复习测评手册(共计162页,含答案解析)测评答案

, 高考复习方案 | 新课标★物理参考答案45分钟单元能力训练卷(一)1．C 2.C 3.A 4.B 5.B 6.A7．(1)打开电源释放纸带(2)0.641 (3)大[解析] (1)实验时调整好仪器，开始打点计时的时候，应先开电源，然后再放纸带使纸带运动，这样可以使纸带上打出的点更多，有效点也较多，纸带的利用率较高．(2)a＝()8.75＋9.41＋10.06－()6.84＋7.48＋8.139×0.12cm/s2＝0.641 m/s2.(3)如果实验所用交流电的实际频率偏小，那么纸带上相邻两个计数点间的时间间隔的测量值偏小，由此根据匀变速直线运动规律a＝ΔxT2得到的加速度的测量值比实际值偏大．8．(1)3 m/s (2)1.75 s[解析] (1)上升阶段人做加速度为g的匀减速直线运动，由运动学公式得－v20＝－2gh解得v0＝2gh＝3 m/s.(2)上升阶段由运动学公式得0＝v0－gt1解得上升阶段经历的时间t1＝v0g＝310s＝0.3 s自由落体运动过程由运动学公式得H＝12gt22解得下落过程经历的时间t2＝2Hg＝2×10.4510s＝1.45 s故t＝t1＋t2＝0.3 s＋1.45 s＝1.75 s.9．125 m或245 m45分钟单元能力训练卷(二)1．C 2.B 3.C 4.A 5.D 6.C7．(1)2.60 (2)图略 5.1 (3)59[解析] (1)精度为0.1 N的弹簧测力计要估读到0.01 N，其读数为2.60 N；(2)作出力的图示，再作力的平行四边形，根据比例大小换算得合力为5.1 N；(3)由图丙可知1 N对应的长度约为17 mm ，又F＝kx，故k＝Fx＝59 N/m.8．(1)250 N 50 3 N (2)100 N 9．160 N[解析] A、B的受力分析如图所示．对A由平衡条件得F T sin 37°＝f1＝μF′N1F T cos 37°＋F N1＝m A g联立以上两式可得：F N1＝3m A g4μ＋3＝60 Nf1＝μF N1＝30 N. 对B由平衡条件得F ＝f′1＋f 2＝f′1＋μF N2＝f 1＋μ(F N1＋m B g)＝160 N.45分钟单元能力训练卷(三)1．A 2.D 3.A 4.C 5.C 6.C7．(1)图略 (2)正比例关系 (3)平衡摩擦力时木板抬得过高没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够8．(1)0.4 s (2)34[解析] (1)物体上滑，由牛顿第二定律，有mgsin 30°＝ma解得a 1＝mgsin 30°m＝5 m/s 2 由运动学公式，上滑时间t 1＝v 0a 1＝0.4 s 上滑的位移x ＝12v 0t 1＝0.4 m. (2)下滑时间t 2＝t －t 1＝(1.2－0.4) s ＝0.8 s又下滑的位移x ＝12a 2t 22 解得加速度a 2＝1.25 m/s 2对下滑过程，由牛顿第二定律，有mgsin 30°－μmgcos 30°＝ma 2解得μ＝34. 9．(1)3 m (2)2.5 kg (3)40 J45分钟滚动复习训练卷(一)1．D 2.A 3.C 4.D 5.B 6.C7．(1)电火花垫高做匀速直线运动(或均匀打点)(2)m ≪M(或钩码的总质量远小于小车的质量) M(或小车的质量) (3) 0.95[解析] (1)电火花式打点计吋器的摩擦力小；平衡摩擦时，在没有钩码拖动下，需要将长木板的右端垫高，使小车做匀速直线运动．(2)细绳对小车的拉力F T ＝M M ＋m.mg ，在m ≪M 的条件下，可以认为拉力近似等于钩码的总重力mg ，在控制M 不变的情况下，可以探究加速度与力的关系．(3)由Δx ＝aT 2，则a ＝62.00－51.55－（51.55－42.05）0.12×10－2m/s 2＝0.95 m/s 2. 8．(1)4 m/s (2)0.4 (3)3.2 m/s9．(1)1 s (2)如图所示 (3)1.25 m45分钟单元能力训练卷(四)1．B 2.A 3.B 4.C 5.B 6.B7．每个周期激光照射到反光材料的时间 7.14 0.228．(1)4π2()R ＋h 3GT 2 (2)4π2()R ＋h 3R 2T 2 (3)3π()R ＋h 3GT 2R3 [解析] (1)根据万有引力提供向心力，有G Mm ()R ＋h 2＝m 4π2T 2(R ＋h) 解得M ＝4π2()R ＋h 3GT2. (2)月球表面万有引力等于重力，即GMmR 2＝mg 解得g ＝4π2（R ＋h ）3R 2T 2. (3)根据ρ＝M V ，V ＝43πR 3 解得ρ＝3π（R ＋h ）3GT 2R 3. 9．(1)4.0 m/s (2)0.80 m (3)9 N45分钟单元能力训练卷(五)1．A 2.B 3.C 4.C 5.C 6.B7．(1)0.196 0.100(2)钩码的质量接近小车的质量，在钩码下落过程中，钩码减少的重力势能转化为小车和钩码的动能8. (1)6 m/s 4.8 m (2)20 m/s (3)3 N[解析] (1)小球做平抛运动，落至A 点时，由平抛运动速度分解图可得v 0＝v y cot αv A ＝v y sin α由运动学规律，有v 2y ＝2ghh ＝12gt 2 x ＝v 0t由以上各式解得：v 0＝6 m/s ，x ＝4.8 m ，v A ＝10 m/s.(2)由动能定理，有mgH ＝12mv 2B －12mv 2A 解得v B ＝20 m/s.(3)小球在BC 部分做匀速直线运动，在竖直圆轨道内侧做圆周运动，小球从C 点到D 点，由动能定理得－2mgR ＝12mv 2D －12mv 2C 在D 点由牛顿第二定律可得F N ＋mg ＝m v 2D R解得F N ＝3 N.9. (1)2 m/s ，水平向右理由略 (2)0.2 (3)－24 J 36 J[解析] (1)由题图乙可知，物块被击穿后先向左做匀减速运动，速度为零后，又向右做匀加速运动，当速度等于2 m/s 以后随传送带一起匀速运动，所以传送带的速度方向向右，大小为2 m/s.(2)由题图乙可知，a ＝Δv Δt ＝42m/s 2＝2 m/s 2 由牛顿第二定律得滑动摩擦力f ＝Ma ，其中f ＝μF N ，F N ＝Mg ，所以物块与传送带间的动摩擦因数μ＝Ma Mg ＝210＝0.2. (3)由题图乙可知，传送带与物块存在摩擦力的时间只有3 s ，传送带在这段时间内的位移x ＝vt ＝2×3 m ＝6 m所以物块对传送带所做的功为W ＝－fx ＝－4×6 J ＝－24 J物块与传送带前2 s 内的相对位移x 1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫42×2 ＋2×2 m ＝8 m 第3 s 内的相对位移x 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫2×1－22×1 m ＝1 m 故物块相对于传送带的总位移x′＝x 1＋x 2＝9 m系统中转化为内能的能量Q ＝fx ＝μMgx ＝4×9 J ＝36 J.45分钟单元能力训练卷(六)1．A 2.D 3.D 4. B 5.A 6.B7．(1)2 m/s (2)0.8 m/s[解析] (1)恒力做的功为W ＝Fl ＝2 J弹簧具有的最大弹性势能为E p ＝W ＝2 J弹簧完全弹开达到原长时，A 速度达到最大，即E p ＝12m A v 2，解得v A ＝2E p m A＝2 m/s. (2)当弹簧再次达到原长时，B 物体的速度最大，由动量和能量守恒有m A v A ＝m A v A ′＋m B v B12m A v 2A ＝12m A v A ′2＋12m B v 2B 解得v B ＝0.8 m/s. 8．(1)14m (2)4.5 J 45分钟滚动复习训练卷(二)1．A 2.B 3.B 4.D 5. C 6.C7. (1)左 (2)B (3)1.88 1.84 (4)在误差允许的范围内，重物下落过程中机械能守恒8．(1)3.0 m/s (2)3.0 J9．(1) 5 m/s (2)0.1 kg (3)0.2 J45分钟单元能力训练卷(七)1. C2.D3. C4.D5. C6.C7．(1)90 J (2)5 m/s (3) 小球没有冲出圆槽[解析] (1)在整个过程中，电场力对小球P 做的功为W ＝qE h tan θ＝－90 J 小球P 电势能增加ΔE p ＝－W ＝90 J.(2)根据受力分析可知，斜面对小球P 的支持力为N ＝－qEsin θ＋mgcos θ根据动能定理得mgh ＋qE h tan θ－μN h sin θ＝12mv 2－0 解得v ＝5 m/s.(3)设当两者速度相等时，小球上升的高度为H ，根据水平方向动量守恒得mv ＝2mv′解得 v′＝2.5 m/s根据机械能守恒定律得12mv 2＝12·2mv ′2＋mgH 解得H ＝0.625 m<R ，所以小球没有冲出圆槽. 8．(1)16L 0 L 02v 0(2)能 45分钟单元能力训练卷(八)1．C 2.D 3.A 4.A 5.A 6.C7．(1)0.520 (2)①×1 ②欧姆右边的零刻线处 12(3)A C 图略8．(1)R 断路(2)如图所示(3)图略 1.50 V 0.50 Ω[解析] (1)把两表笔接c 、d 时，电压表有示数，说明c 到电源负极、d 到电源负极接触良好，且多用电表示数与电压表示数相同，大小接近电动势，则故障为R 断路；(2)实物电路连接如图所示；(3)根据闭合电路的欧姆定律有：E ＝U ＋I(r ＋R 0)，整理可得U ＝E －I ()R 0＋r ，图像的斜率k ＝R 0＋r ＝1.30.43Ω≈3 Ω，则r ＝0.50 Ω，图像与纵轴的截距b ＝E ＝1.50 V.。

2019高考物理一轮复习模块综合检测

丰富丰富纷繁模块综合检测( 时间： 60 分钟满分： 100 分 )一、单项选择题 ( 此题共 4 小题，每题 6分，共 24 分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确 )1．(2016 ·高考北京卷 ) 处于 n ＝ 3 能级的大批氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频次有 ()A ．1 种B ．2 种C ．3 种D ．4 种分析：选 C.氢原子能级跃迁辐射光的种类为2C 3＝3，故 C 项正确．2.质量为 M 的圆滑圆槽放在圆滑水平面上，一水平恒力 F 作用在其上促进质量为 m 的小球静止在圆槽上，如图所示，则 ()A ．小球对圆槽的压力为B ．小球对圆槽的压力为MF m ＋ MmFm ＋ MC ．水平恒力 F 变大后，假如小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增添D ．水平恒力 F 变大后，假如小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小分析：选 C. 利用整体法可求得系统的加快度为a ＝F，对小球利用牛顿第二定律可得：小球遇到圆槽的M ＋ m2 22mF支持力为（ mg ）＋（M ＋ m ） 2，由牛顿第三定律可知只有 C 项正确．3．(2018 ·陕西安康调研 ) 以下图，对于电场线中的A 、B 、C 三点，以下判断正确的选项是 ()A ． A 点的电势最低B ． B 点的电场强度最大C ．同一正电荷在 A 、 B 两点受的电场力大小相等D ．同一负电荷在 C 点拥有的电势能比在A 点的大分析：选 D. 依据电场线的特色，沿着电场线方向电势渐渐降低，则φ A >φC >φ B ，又知同一负电荷在电势越低处电势能越大，则同一负电荷在C 点拥有的电势能比在 A 点的大，所以 A 错误、D 正确；因在同一电场中电场线越密，电场强度越大，则知A 点电场强度最大，所以B 错误；因电场中 E A >E B ，则同一正电荷在 A 、B 两点所受电场力关系为F A >F B ，所以 C 错误．4． ( 2018·广西柳州高级中学高三模拟) 在圆滑水平面上，有一个粗细平均的边长为L 的单匝正方形闭合线框 abcd ，在水平外力的作用下，从静止开始沿垂直磁场界限方向做匀加快直线运动，穿过匀强磁场，如图甲所示，测得线框中产生的感觉电流i 的大小和运动时间 t 的变化关系如图乙所示，则 ( )1丰富丰富纷繁A ．线框遇到的水平外力必定是恒定的B ．线框边长与磁场宽度的比值为3∶8C ．出磁场的时间是进入磁场时的一半D ．出磁场的过程中外力做的功与进入磁场的过程中外力做的功相等分析：选 B. 依据＝，＝E，＝，＝at 以及F 拉－＝可知，线框遇到的水平外力是变力，出E BLv IR FBILv F ma磁场时比进磁场时要大，故出磁场时外力做功比进入磁场时外力做功多，应选项 A 、D 错误；线框做匀加快直线运动，由图象及匀加快直线运动规律，联合电流与速度的关系能够知道，线框边长与磁场宽度比为 3∶8，出磁场的时间不是进入磁场时的一半，应选项B 正确，选项C 错误．二、多项选择题 ( 此题共 4 小题，每题6 分，共 24 分．在每题给出的四个选项中，有多个选项切合题目要求，全选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，有错选或不答的得0 分 ) 5．以下四幅图所反应的物理过程中，系统动量守恒的是()分析：选 AC.A 中子弹和木块的系统在水平方向不受外力，竖直方向所受协力为零，系统动量守恒；B 中在弹簧恢还原长过程中，系统在水平方向一直遇到墙的作使劲，系统动量不守恒；C 中剪断细线后，以整体为研究对象，木球与铁球的系统所受合外力为零，系统动量守恒； D 中木块下滑过程中，斜面一直受挡板作使劲，系统动量不守恒．6．(2018 ·湛江模拟 )载人飞船从发射、进入轨道、加快变轨，最后进入圆形轨道稳固运转．如图是载人飞船正在加快变轨的过程，以下有关的说法中，正确的选项是( )A ．进入新轨道后的周期比低轨道的周期大B ．进入新轨道后的速率比低轨道的速率小2丰富丰富纷繁C ．进入新轨道后，飞船的加快度变小D ．飞船在圆形轨道运转时，宇航员处于超重状态分析：选 ABC.载人飞船加快变轨后轨道半径增大，但在不一样的圆形轨道上都知足万有引力供给向心力．由Mm 4π 2＝v 2，得＝ 2πr 3＝GM ＝ GMG r 2＝2r ＝，， r 2 ，由此可知，轨道半径越大，周期越大、线速度和m T m rma TGMvra加快度越小，故飞船进入新轨道后的周期变大，速率和加快度变小，故 A 、B 、 C 均正确．飞船在圆形轨道运转时，地球对宇航员的引力完好供给向心力，宇航员处于失重状态，故D 错误． 7．如图甲所示，小滑块 P ( 可视为质点 ) 以不一样的初速度 v 0 从长度为 4 m 的固定斜面 Q 的顶端沿斜面下滑时，获取小滑块下滑的最大距离 x 与初速度的平方2 2 v的关系图象( 即 x － v 图象 ) 如图乙所示，以下判断正确的是 ()A ．小滑块下滑的加快度大小为4 m/sB ．小滑块下滑的加快度大小为2 m/s22C ．若 v 0＝ 5.0 m/s ，则滑块滑到斜面底端的时间长为 1 sD ．若 v 0＝ 5.0 m/s ，则滑块滑到斜面底端的时间长为4 s222v 0分析：选 BC.依据匀变速直线运动的速度位移公式得v －v 0 ＝ 2ax ，此中 v ＝ 0，整理得 x ＝－ 2a ，由于 x21－1222－ v 0 图象的斜率 k ＝ 4m · s ，可得 a ＝－ 2 m/s ，所以滑块下滑的加快度大小为 2 m/s ，选项 A 错误， B 正确；当 v 0＝ 4 m/s 时，由速度位移公式得x ＝ 4 m ，即当滑块以 4 m/s 的初速度滑下时，小滑块已滑到 Q 的底端，则当 v 0＝ 5 m/s 时，由位移公式得 L ＝ v 0 t ＋21at 2，代入数据解得 t ＝ 1 s 或 t ＝ 4 s( 舍去 ) ，选项 C 正确， D 错误．8.(2018 ·沈阳模拟 ) 以下图，边长为 L 的等边三角形ABC 为两个有界匀强磁场的理想界限，三角形内的磁场方向垂直纸面向外，磁感觉强度大小为B ，三角形外的磁场 ( 足够大 ) 方向垂直纸面向里，磁感觉强度大小也为 B . 把粒子源放在极点 A 处，它将沿∠ A 的角均分线发射质量为 m 、电荷量为 q 、初速度为 v 0 的带电粒子 ( 粒子重力不计 ) ．则以下对于从 A 射出的粒子说法正确的选项是 ()qBL2π mA ．当粒子带负电， v 0＝ m 时，第一次抵达 C 点所用时间为 qBqBL 2π m B ．当粒子带负电， v 0＝ 2m 时，第一次抵达 C 点所用时间为 3qB3丰富丰富纷繁C ．当粒子带正电， v 0 qBL C 点所用时间为 2π m＝ m 时，第一次抵达 qBD ．当粒子带正电， v qBL2π m＝ 2m 时，第一次抵达C 点所用时间为 3qB分析：选 BC.粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力供给圆周运动的向心力．qBLv 2 2π m(1) 当 v 0＝ m 时，则由牛顿第二定律可得 qvB ＝m r ， T ＝ qB ，依据几何关系作出运动轨迹， r ＝L ，如图甲2π m1由轨迹知，当电荷带正电，粒子经过一个周期抵达C 点，即 t ＝ qB ，C 正确；当粒子带负电，粒子经过 6T 第一次抵达点，即 t ＝ π m，故 A 错误．C 3qB(2) 当 v 0qBL155π m＝ 2m ， r ＝2L ，如图乙，由运动轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过6T 抵达 C 点，即 t ＝3qB ，T 2π m故 D 错误；当粒子带负电，粒子经过3第一次抵达 C 点，即 t ＝ 3qB ，故 B 正确．三、非选择题 ( 此题共 4 小题，共 52 分．按题目要求作答，计算题要有必需的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)9． (9 分)(2016 ·高考四川卷 ) 用以下图的装置丈量弹簧的弹性势能．将弹簧搁置在水平气垫导轨上，左端固定，右端在 O 点；在 O 点右边的 B 、C 地点各安装一个光电门，计时器 ( 图中未画出 ) 与两个光电门相连．先用米尺测得、两点间距离 s ，再用带有遮光片的滑块压缩弹簧到某地点，静止开释，计时器显示遮光片从B CAB 到C 所用的时间 t ，用米尺丈量 A 、 O 之间的距离 x .(1) 计算滑块走开弹簧时速度大小的表达式是________．(2) 为求出弹簧的弹性势能，还需要丈量________．A ．弹簧原长B ．当地重力加快度C ．滑块 ( 含遮光片 ) 的质量(3) 增大 A 、 O 之间的距离 x ，计时器显示时间 t 将 ________．A ．增大B ．减小C ．不变4s 分析： (1) 滑块走开弹簧后做匀速直线运动，故速度大小表达式为t.(2) 依据机械能守恒，滑块获取的动能等于弹簧的弹性势能，即p1 s2E ＝2m(t)，从表达式中能够看出，为了求出弹簧的弹性势能，还需要丈量滑块( 含遮光片 ) 的质量，所以 C 项正确．(3)增大 A、O之间的距离 x，弹簧压缩量增大，弹簧拥有的弹性势能增添，开释滑块后，滑块走开弹簧时获取的动能增添，速度增大，从 B到 C所用的时间 t 将减小，B项正确．s答案： (1) t(2)C(3)B10． (10 分 )( 高考山东卷 ) 实验室购置了一捆标称长度为100 m 的铜导线，某同学想经过实验测定其实质长度．该同学第一测得导线横截面积为 1.0 mm2，查得铜的电阻率为 1.7 × 10－8Ω· m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，进而确立导线的实质长度．可供使用的器械有：电流表：量程0.6 A ，内阻约0.2Ω ；电压表：量程 3 V ，内阻约9 k Ω；滑动变阻器R1：最大阻值 5 Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20 Ω；定值电阻： R0＝3Ω；电源：电动势 6 V ，内阻可不计；开关、导线若干．回答以下问题：(1)实验中滑动变阻器应选 ________( 填“R1”或“R2”) ，闭合开关 S 前应将滑片移至 ________端( 填“a”或“ b”)．(2)在实物图中，已正确连结了部分导线，请依据图甲电路达成节余部分的连结．(3) 调理滑动变阻器，当电流表的读数为0.50 A时，电压表示数如图乙所示，读数为________V.(4)导线实质长度为 ________m(保存 2 位有效数字 ) ．分析：依据串、并联电路的特色，电阻定律以及欧姆定律解决问题．5l(1) 依据 R ＝ ρ S ，得铜导线的阻值约为 R x ＝ 1.7 Ω ，即 R x ＋ R 0＝ 4.7Ω . 实验中的滑动变阻器若选R 1，则当滑动变阻器滑片移至a 端时，电压表的示数约为3 V ，若滑动变阻器滑片向右挪动，电压表示数变大，超出电压表量程，故实验中的滑动变阻器应选R 2 . 闭合开关 S 前应使电路中的电阻最大，故滑动变阻器滑片应移至a 端．(2) 连线以下图．(3) 电压表的示数为 2.30 V.(4) 依据欧姆定律，铜导线与的串连电阻U 2.30x＝－ 0＝ 1.6 Ω .＝＝Ω ＝ 4.6 Ω ，所以铜导线的电阻RR I 0.50R R Rl依据 R x ＝ ρ S 得导线长度l ＝R x S 1.6 ×1.0 ×10 －6＝－ 8m ≈ 94 m.ρ1.7 × 10答案： (1) R a (2) 看法析图(3)2.30(2.29 ～2.31 均正确 ) (4)94(93 ～95 均正确 )211． (15 分)(2018 ·江西五校联考 ) 以下图，粗拙弧形轨道和两个圆滑半圆轨道构成的 S 形轨道．圆滑半圆轨道半径为 R ，两个圆滑半圆轨道连结处CD 之间留有很小缝隙，恰好能够使小球经过， CD 之间距离可忽略．粗拙弧形轨道最高点 A 与水平面上 B 点之间的高度为 h . 从 A 点静止开释一个可视为质点的小球，小球沿 S形轨道运动后从 E 点水平飞出，落到水平川面上，落点到与E 点在同一竖直线上 B 点的距离为 x . 已知小球质量为 m ，不计空气阻力，求：(1) 小球从 E 点水平飞出时的速度大小；(2) 小球运动到半圆轨道的 B 点时对轨道的压力大小；(3) 小球从 A 至 E 运动过程中战胜摩擦阻力做的功．分析： (1) 小球从 E 点飞出后做平抛运动，设在 E 点的速度大小为v ，则 4 ＝12，＝ vt . 解得 v ＝xg .R 2gt x8R(2) 小球从 B 点运动到 E 点的过程中机械能守恒，有12122mv B ＝ mg ·4R ＋ 2mv .22在B 点有－＝v B＝ 9 ＋mgxB 点时对轨道的压力大，联立解得 2，由牛顿第三定律可知小球运动到Fmg m RF mg 8R6丰富丰富纷繁2mgx小为 F ′＝ 9mg ＋ 8R 2 .(3) 设小球沿粗拙弧形轨道运动时战胜摩擦力做的功为W ，则212mgxmg ( h － 4R ) － W ＝ 2mv ，得 W ＝ mg ( h － 4R ) － 16R .g2答案： (1)x(2)9 ＋ mgx 8R 2mg 8R2mgx(3) mg ( h －4R ) － 16R12． (18 分 ) 如图甲所示，宽度为 d 的竖直狭长地区内 ( 界限为 L 1、 L 2) ，存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向的周期性变化的电场 ( 如图乙所示 ) ，电场强度的大小为 E 0，E >0 表示电场方向竖直向上． t ＝ 0 时，一带正电、质量为m 的微粒从左界限上的1点以水平速度 v 射入该地区，沿直线运动到Q 点后，做一次完好的N圆周运动，再沿直线运动到右界限上的N 点． Q 为线段NN 的中点，重力加快度为g . 上述 d 、 E 、m 、 v 、g 为21 2已知量．(1) 求微粒所带电荷量 q 和磁感觉强度 B 的大小；(2) 求电场变化的周期 T ；(3) 改变宽度 d ，使微粒还能按上述运动过程经过相应宽度的地区，求 T 的最小值．分析： (1) 微粒做直线运动，则 mg ＋ qE 0＝ qvB ① 微粒做圆周运动，则 mg ＝ qE②联立①②得 q ＝ mg③E＝2E .④Bvd (2) 设微粒从 N 1 运动到 Q 的时间为 t 1，做圆周运动的周期为t 2，则 2＝ vt 1⑤v 2qvB ＝ m R⑥ 2π R ＝ vt 2⑦dπ v联立③④⑤⑥⑦得 t 1＝ 2v ， t 2＝ g⑧ 电场变化的周期＝ 1＋ 2＝ d ＋π v.⑨T tt2v g(3) 若微粒能达成题述的运动过程，要求d ≥2R⑩联立③④⑥得＝ v 2?R 2g72019高考物理一轮复习模块综合检测 11 / 11 丰富丰富纷繁设在 N 1Q 段直线运动的最短时间为 t 1minR v由⑤⑩ ? 得 t 1min ＝ v ＝ 2g（ 2π＋ 1） v .因 t 2 不变， T 的最小值为 T min ＝ t 1min ＋ t 2＝ 2gmg 2 0 d π v （2π ＋ 1） v 答案： (1) E ＋ (3)E v (2) g2v 2g 08。

2019版高考物理金榜一轮单元评估检测： (一) Word版含解析

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单元评估检测(一)(第一章)(45分钟100分)一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。

1～6题为单选题,7、8题为多选题)1.某人在医院做了一次心电图,结果如图所示。

如果心电图仪卷动纸带的速度为1.5 m/min,图中方格纸每小格长1 mm,则此人的心率为( )A.80次/minB.70次/minC.60次/minD.50次/min【解析】选C。

设心脏跳动周期为T,由图读出相邻峰值之间的距离s=25 mm=0.025 m,则T== s=1 s;所以人的心率为f==1次/s=60次/min。

故选C。

2.宇航员在月球上离月球表面高10 m处由静止释放一片羽毛,羽毛落到月球表面上的时间大约是( )A.1.0 sB.1.4 sC.3.5 sD.12 s【解析】选C。

在月球上没有空气阻力,羽毛做自由落体运动,所以h=at2,其中a=,代入得t=2 s≈3.5 s,C正确。

3.测速仪安装有超声波发射和接收装置,如图所示,B为测速仪,A为汽车,两者相距335 m。

某时刻B发出超声波,同时A由静止开始做匀加速直线运动,当B接收到反射回来的超声波信号时A、B相距355 m,已知声速为340 m/s,则下列说法正确的是 ( )A.经1 s,B接收到返回的超声波B.超声波追上A车时,A车前进了10 mC.A车加速度的大小为10 m/s2D.A车加速度的大小为5 m/s2【解题指导】从B发出超声波到接收到反射回来的超声波信号这段时间内,求出A的位移,由于超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等,根据匀变速直线运动的推论求出超声波从B发出到A这段时间内A的位移,从而得出超声波从B到A的位移,根据声速求出运行的时间,从而再根据Δx=aT2求出汽车运动的加速度。

【解析】选C。

超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等,在整个这段时间内汽车的位移x=355 m-335 m=20 m。

2019高考物理一轮综合检测 Word版含解析(1)

综合检测考生注意：1.本试卷共4页.2.答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.3.本次考试时间90分钟，满分100分.4.请在密封线内作答，保持试卷清洁完整.一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，选对得4分，选错得0分)1.(2018·河北唐山模拟)一束带电粒子以同一速度v 0从同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图1所示.若粒子A 的轨迹半径为r 1，粒子B 的轨迹半径为r 2，且r 2＝2r 1，q 1、q 2分别是它们的带电荷量，m 1、m 2分别是它们的质量.则下列分析正确的是()图1A.A 带负电、B 带正电，荷质比之比为q1m1∶q2m2＝1∶1 B.A 带正电、B 带负电，荷质比之比为q1m1∶q2m2＝1∶1 C.A 带正电、B 带负电，荷质比之比为q1m1∶q2m2＝2∶1 D.A 带负电、B 带正电，荷质比之比为q1m1∶q2m2＝1∶2 2.(2017·广东汕尾陆河外国语学校模拟)如图2所示，物块A 从滑槽某一不变高度滑下后又滑上粗糙的水平传送带，传送带静止不动时，A 滑至传送带最右端的速度为v 1，需时间t 1，若传送带逆时针转动，A 滑至传送带最右端速度为v 2，需时间t 2，则()图2A.v1＞v2，t1＜t2B.v1＜v2，t1＜t2C.v1＞v2，t1＞t2D.v1＝v2，t1＝t23.如图3所示，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在竖直线OO′的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的匀强磁场区域，磁感线的方向和水平面垂直.若悬点摩擦和空气阻力均不计，则()图3A.金属环每次进入和离开磁场区域都有感应电流，而且感应电流的方向相反B.金属环进入磁场区域后越靠近OO′线时速度越大，而且产生的感应电流越大C.金属环开始摆动后，摆角会越来越小，直至停止摆动D.金属环在摆动过程中，机械能将全部转化为环中的电能4.(2017·福建龙岩3月质检)A、B、C、D四个质量均为2kg的物体，在光滑的水平面上做直线运动，它们运动的x－t、v－t、a－t、F－t图象分别如图所示，已知物体在t＝0时的速度均为零，其中0～4s内物体运动位移最大的是()535.(2018·河北武邑中学模拟)核电站泄漏的污染物中含有人工核碘131等.碘131(即131I)核不稳定，会发生β衰变，其半衰期为8天，则下列说法中正确的是()A.碘131的半衰期随气温升高而逐渐减小B.核电站中的核反应堆所发生的是轻核聚变反应C.经过8天后，30个放射性碘131衰变的个数一定是15个D.碘131核的衰变方程为13154X＋0－1e(X表示衰变后的元素)53I→1316.(2017·福建莆田第六中学模拟)如图4所示，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端.当两人同时相向运动时()图4A.若小车不动，两人速率一定相等B.若小车向左运动，A的动量一定比B的小C.若小车向左运动，A的动量一定比B的大D.若小车向右运动，A的动量一定比B的大二、多项选择题(本题共6小题，每小题5分，共30分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)7.(2017·广东惠州第三次调研)如图5所示，理想变压器初级线圈接一交变电流，交变电流的电压有效值恒定不变.副线圈接有光敏电阻R(光敏电阻阻值随光照强度增大而减小)、R2和R3，则下列说法中正确的是()图5A.只将S1从2拨向1时，电流表示数变小B.只将S2从4拨向3时，电流表示数变小C.只将S3从闭合变为断开，电阻R2两端电压增大D.仅增大光照强度，原线圈的输入功率增大8.(2017·安徽六安舒城中学模拟)如图6所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B放在粗糙的水平桌面上.滑轮P 被一根斜短线系于天花板上的O点，O′是三根细线的结点，细线bO′水平拉着物体B，cO′沿竖直方向拉着弹簧.弹簧、细线、小滑轮的重力不计，细线与滑轮之间的摩擦力可忽略，整个装置处于静止状态.若悬挂小滑轮的斜线中的拉力是F＝203 N，∠cO′a＝120°，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是()图6A.弹簧的弹力为20NB.重物A的质量为2kgC.桌面对物体B的摩擦力为103ND.细线OP与竖直方向的夹角为60°9.(2017·河北石家庄复兴中学模拟)A、B两物体叠放在一起，放在光滑水平面上，如图7甲所示，它们从静止开始受到一个变力F 的作用，该力与时间的关系如图乙所示，A、B始终相对静止.则()图7A.在t0时刻A、B两物体间静摩擦力最大B.在t0时刻A、B两物体的速度最大C.在2t0时刻A、B两物体的速度最大D.在2t0时刻A、B两物体的位移最大10.(2018·山西新绛模拟)如图8所示，水平放置的两平行导轨左侧连接电阻R，其他电阻不计，导体杆MN放在导轨上，在水平恒力F的作用下，沿导轨向右运动，并穿过方向竖直向下的有界匀强磁场，磁场边界P Q与MN平行，从MN进入磁场开始计时，通过MN的感应电流i随时间t变化的图象可能是图中的()图811.(2017·河南信阳高考前模拟)“嫦娥三号”探测器在西昌卫星发射中心成功发射，携带“玉兔号”月球车实现月球软着陆和月面巡视勘察，并开展月表形貌与地质构造调查等科学探测.“玉兔号”在地球表面的重力为G 1，在月球表面的重力为G 2；地球与月球均视为球体，其半径分别为R 1、R 2；地球表面重力加速度为g ，则()A.月球表面的重力加速度为G1g G2B.月球与地球的质量之比为G2R22G1R12C.月球卫星与地球卫星分别绕月球表面与地球表面运行的速率之比为G2R2G1R1 D.“嫦娥三号”环绕月球表面做匀速圆周运动的周期为2πG2R2G1g 12.(2017·广东惠州第三次调研)如图9，在竖直平面内有一匀强电场，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小球在力F (大小可以变化)的作用下沿图中虚线由A 至B 做竖直向上的匀速运动.已知力F 和AB 间夹角为θ，AB 间距离为d ，重力加速度为g ，不计空气阻力.则()图9A.力F 大小的取值范围只能在0～mgcos θB.电场强度E 的最小值为mgsin θqC.小球从A 运动到B 电场力可能不做功D.若电场强度E ＝mgtan θq时，小球从A 运动到B 电势能变化量大小可能为2mgd sin 2θ 三、非选择题(本题共4小题，共31分)13.(4分)(2017·安徽蚌埠第二中学模拟)有一只标值为“2.5V ，x W ”的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清.某同学想通过测绘灯丝伏安特性曲线的方法来测出该灯泡的额定功率.(1)已知小灯泡的灯丝电阻约为5Ω，请先在图10甲中补全伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择电流表、电压表的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路.图10(2)开关S 闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应置于________.(选填“A 端”“B 端”或“AB 正中间”)(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安特性曲线如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______W.14.(6分)(2017·山东青岛第二次模拟)某实验探究小组利用半偏法测量电压表内阻，实验室提供了下列实验器材：A.待测电压表V(量程为3V ，内阻约为3000Ω)B.电阻箱R 1(最大阻值为9999.9Ω)C.滑动变阻器R 2(最大阻值为10Ω，额定电流为2A)D.电源E (电动势为6V ，内阻不计)E.开关两个，导线若干(1)如图11所示，虚线框内为探究小组设计的部分测量电路，请你补画完整；图11(2)根据设计的电路图，连接好实验电路，进行实验操作，请你补充完善下面操作步骤.首先闭合开关S 1、S 2，调节滑动变阻器R 2的滑片，使电压表达到满偏；保持________不变，断开开关________(选填“S 1”或“S 2”)，调节________的阻值，使电压表示数达到半偏，读取并记录此时电阻箱的阻值R 0；(3)实验测出的电压表内阻R测＝________，它与电压表内阻的真实值R V相比，R测________R V(选填“>”“＝”或“<”).15.(10分)(2017·安徽淮北实验高中模拟)如图12所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45°角的绝缘直杆AC，其下端(C端)距地面高度h＝0.8m.有一质量为0.5kg的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑.小环离杆后正好通过C端的正下方P点，不计空气阻力.(g取10m/s2)求：图12(1)小环离开直杆后运动的加速度大小和方向；(2)小环从C运动到P过程中的动能增量；(3)小环在直杆上匀速运动时速度的大小v0.16.(11分)(2017·北京顺义区模拟)如图13所示，两光滑斜面与光滑水平面间夹角均为θ，两斜面末端与水平面平滑对接.可视为质点的物块A、B质量分别为m、βm(β为待定系数)，物块A从左边斜面h高处由静止开始沿斜面下滑，与静止于水平轨道的物块B正面相撞，碰后物块A、B立即分开，它们能达到的最大高度均为14h.两物块经过斜面与水平面连接处及碰撞过程中均没有机械能损失，重力加速度为g.求：图13(1)待定系数β；(2)第一次碰撞刚结束时木块A、B各自的速度；(3)物块A、B在轨道最低处第二次碰撞刚结束时各自的速度，并讨论木块A、B在轨道最低处第n次碰撞刚结束时各自的速度.四、选做题(从以下两题中选一题作答，共15分)17.(1)(5分)(2017·黑龙江大庆实验中学模拟)下列说法正确的是________.A.气体的温度升高时，分子平均动能一定增大，但不是每个分子动能都增大B.气体等压压缩时，单位时间内撞到器壁单位面积上的分子数增多C.压缩一定量的气体，气体的内能一定增加D.分子a只在分子力作用下，从远处趋近固定不动的分子b，当a到达至b的作用力为零处时，a的动能一定最大E.液体表面层分子分布比液体内部稀疏，分子间相互作用表现为斥力(2)(10分)(2017·黑龙江哈尔滨第三中学模拟)如图14所示，一矩形玻璃容器内部横截面积为S＝100cm2，封闭有一定量的理想气体，气柱长度为53cm，上方活塞质量为m＝4kg，下方汞柱长度为19cm，整个装置处于静止状态.若使容器以5m/s2的加速度向上加速，当活塞稳定后，求(容器及其内部物体温度始终不变，不计摩擦，外界大气压强为p0＝ 1.0×105 Pa，即76厘米汞柱，g取10 m/s2)图14①活塞相对于玻璃管的位置是上升还是下降？移动的距离是多少？②玻璃容器底部承受的压力变化了多少？18.(1)(5分)(2017·福建泉州高考考前适应性模拟)下列说法正确的是________.A.波的图象表示介质中“某个质点”在“各个时刻”的位移B.当波源与观察者相互远离时，观察到的波频率变小C.肥皂泡呈现彩色条纹是光的折射现象造成的D.狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的E.a 、b 两束光照射同一双缝干涉装置，在屏上得到a 光的相邻亮条纹间距比b 光的小，则水对a 光的折射率比b 光的大(2)(10分)(2017·湖南师范大学附属中学模拟)如图15所示，直角三棱镜的折射率n ＝3，∠A ＝30°，一束与OB 面成30°角的光射向OB 面，从AB 面上的C 点射出.若不考虑光在OB 面上的反射，求能从C 点射向空气的光的方向.图15答案精析1.C[A 向左偏，B 向右偏，根据左手定则知，A 带正电，B 带负电.根据半径公式r ＝mv qB，知荷质比q m ＝v Br ，v 与B 相同，所以荷质比之比等于半径的反比，所以q1m1∶q2m2＝2∶1.故C 正确，A 、B 、D 错误.]2.D [传送带静止时，物块滑到传送带上受到的摩擦力大小为F f ＝μF N ，方向水平向左，当传送带逆时针转动时，物块与传送带间的正压力大小不变，而动摩擦因数也不变，所以受到的摩擦力大小仍为F f ＝μF N ，方向水平向左，即物块在两种情况下受力相同，所以两次运动情况相同，即v 1＝v 2，t 1＝t 2，D 正确.]3.A [当环进入磁场时，穿过环的磁通量增大，故环内电流产生向外的磁场，感应电流方向为逆时针，当环离开磁场时，穿过环的磁通量减小，故环内电流产生向里的磁场，感应电流方向为顺时针，故A 正确；当环靠近OO ′时，环全部在磁场中，摆动时穿过环的磁通量不变，故环内不产生感应电流，感应电流为0，B 错误；当摆角小到一定程度后，环内不再产生感应电流，环也不受到安培力的作用，会一直摆动下去，C 错误；由于最后摆动不会停止，故机械能只损失一部分，另一部分仍以机械能的形式存在，D 错误.]4.A[由x －t 图象可知，物体A 在4s 末到达位置为－1m 处，总位移大小为2m ；由v －t 图象可知，物体B 前2s 内沿正方向运动，2～4s 沿负方向运动，方向改变，4s 内总位移为零；由a －t 图象可知：物体在第1s 内向正方向做匀加速运动，第2s 内向正方向做匀减速运动，2s 末速度减为0，然后在2～3s 向负方向做匀加速运动，在3～4s 向负方向做匀减速直线运动，4s 末速度为零，并回到出发点，总位移为零，其v －t 图象如图甲所示：F －t 图象转化成a －t 图象，如图乙所示：由图象可知：物体在第1s 内做匀加速运动，位移x 1＝12at 2＝14m ，第1～2s 内做匀减速运动，2s 末速度减为0，位移x 2＝14m ，第2～4s 内重复前面的过程，故0～4s 内总位移x ＝1m ，综上所述，A 的位移最大，故选A.]5.D[半衰期与温度无关，A 错误；核电站中的核反应堆所发生的是重核裂变反应，B 错误；半衰期是对大量原子核的一个统计规律，对少数粒子不适用，C 错误；根据质量数和电荷数守恒知碘131核的衰变方程为13153I →13154X ＋0－1e ，D 正确；故选D.]6.C [水平面光滑，把两个人和小车看做系统，在水平方向不受外力，系统动量守恒.若小车不动，A 、B 两人的动量相等，由于不知道两人质量大小，所以不能确定两人的速率，A 错误.若小车向左运动，A 、B 的总动量向右，所以A 的动量大于B 的动量，故B 错误，C 正确.若小车向右运动，A 、B 的总动量向左，B 的动量大于A 的动量，D 错误.]7.BD [只将S 1从2拨向1时，n 1变小，根据变压比公式，输出电压变大，故输出电流变大，输出功率变大；输入功率等于输出功率，故输入功率变大，输入电流变大，A 错误；只将S 2从4拨向3时，n 2变小，根据变压比公式，输出电压变小，故输出电流变小，输出功率变小；输入功率等于输出功率，故输入功率变小，输入电流变小，B 正确；只将S 3从闭合变为断开，少一个支路，但电阻R 2与R 3串联的支路的电压不变，故通过电阻R 2的电流不变，R 2两端电压也不变，C 错误；仅增大光照强度，负载总电阻变小，故输出电流变大，输出功率变大；输入功率等于输出功率，故输入功率增大，D 正确；故选B 、D .]8.BC[由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，根据对称性可知，细线OP 与竖直方向的夹角为30°，D 错误；设悬挂小滑轮的斜线中的拉力与O ′a 绳的拉力分别为F 和F T ，受力分析如图甲，则有2F T cos30°＝F ，得F T ＝20N ，以结点O ′为研究对象，受力分析如图乙，根据平衡条件得，弹簧的弹力为F 1＝F T cos60°＝10N ，A 错误；重物A 的质量m A ＝FT g＝2kg ，B 正确；绳O ′b 的拉力F 2＝F T sin60°＝20×32N ＝103N ，由平衡条件可知，C 正确.]9.BD [对A 、B 整体由牛顿第二定律：F ＝(m A ＋m B )a ，隔离物体A ：F f ＝m A a .由题图F －t 图象可知：t ＝0和t ＝2t 0时刻，F 最大，故F f 最大，故A 错误.又由于A 、B 整体先加速后减速，2t 0时刻停止运动，所以t 0时刻速度最大，2t 0时刻位移最大，故C 错误，B 、D 正确.]10.ACD[MN 进入磁场时，若F 与安培力大小相等，MN 将做匀速运动，产生的感应电动势和感应电流不变，A 图是可能的，故A 正确；MN 进入磁场时，若F 大于安培力，MN 将做加速运动，随着速度的增大，由F 安＝B2L2v R ，知安培力增大，合力减小，加速度减小，则MN 将做加速度减小的变加速运动，由i ＝BLvR 知，i 逐渐增大，但i 的变化率减小，图线切线的斜率减小，当MN 匀速运动时，产生的感应电流不变，故B 错误，D 正确；MN 进入磁场时，若F 小于安培力，MN 将做减速运动，随着速度的减小，由F 安＝B2L2vR ，知安培力减小，合力减小，加速度减小，则MN 将做加速度减小的变减速运动.由i ＝BLvR 知，i 逐渐减小，i 的变化率减小，图线切线斜率的绝对值减小，当MN 匀速运动时，产生的感应电流不变，故C 正确.]11.BC[“玉兔号”的质量m ＝G1g ，月球表面的重力加速度g 月＝G2m ＝G2gG1，故A 错误；根据mg＝G Mm R2，得M ＝gR2G ，M 月M 地＝g 月R 月2g 地R 地2＝G2R22G1R12，故B 正确；根据v ＝GM R＝gR ，v 月v 地＝g 月R 月g 地R 地＝G2R2G1R1，故C 正确；根据T 月＝4π2R 月3GM 月，根据m ′g 月＝G M 月m ′R2月得GM 月＝g 月R 月2，联立得T 月＝4π2R 月g 月＝2πG1R2G2g，故D 错误.] 12.BCD[分析小球受力情况：小球受到重力mg 、拉力F 与电场力qE ，因为小球做匀速直线运动，合力为零，则F 与qE 的合力与mg 大小相等、方向相反，作出F 与qE 的合力，如图，可知，当电场力qE 沿水平方向时，F ＝mgcos θ，电场力qE 可以继续增大，F 也能继续增大，F 可以大于mgcos θ，A 错误；当电场力qE 与F 垂直时，电场力最小，此时场强也最小，则得：qE ＝mg sin θ，所以电场强度的最小值为E ＝mgsin θq ，B 正确；若电场强度E ＝mgtan θq ，即qE ＝mg tan θ时，电场力qE可能与AB 方向垂直，电场力不做功，电势能变化量为0；电场力也可能与图中2方向相同，则电场力做功为qEd cos(90°－2θ)＝mgd tan θ·sin2θ＝2mgd sin 2θ，电势能变化量大小与电场力做功大小相等，C 、D 正确；故选B 、C 、D.]13.(1)见解析图(2)B 端(3)1.1解析(1)测绘伏安特性曲线，电压电流需从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻约为5Ω，属于小电阻，电流表采取外接法.灯泡的额定电压为2.5V ，所以电压表选择3V 量程的，灯泡的额定电流I ＝U R ≈2.55A ＝0.5A ，则电流表量程选择0.6A 的，电路图和实物连线图如下图a 、b ：(2)开关S闭合之前，题图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端，使测量电路部分处于被短路状态，闭合开关时，电压表、电流表示数为零，起到保护作用.(3)当电压U＝2.5V时，由题图丙知I＝0.44A，则P＝UI＝2.5×0.44W＝1.1W.14.(1)见解析图(2)R2的滑片位置S2R1(3)R0>解析(1)根据半偏法测电压表内阻的原理，滑动变阻器应接成分压电路，所以电路图如图所示：(2)闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表达到满偏；保持R2的滑片位置不变，使R2左半部分电压不变，断开开关S2，使电压表和电阻箱串联，调节电阻箱接入电路的阻值，使电压表示数达到半偏，读取并记录此时电阻箱的阻值R0；(3)依据上述操作，被测电压表和电阻箱的电压相等，即电压表内阻和此时电阻箱接入电路部分电阻相等，可通过读取电阻箱接入电路部分电阻，得到被测电压表内阻，R测＝R0；因为，断开开关S2后总电阻增大，使R2左半部分的电压增大，即R1两端电压大于被测电压表两端电压，R1的阻值大于被测电压表内阻真实值，则R测>R V.15.(1)102m/s2方向垂直于杆向下(2)4 J(3)2 m/s解析(1)因带电小环匀速下滑，电场强度水平向左，所以小环带负电.由几何关系可知，小环所受电场力与重力大小相等.则小环离开直杆后所受的合外力大小为：F合＝2mg由牛顿第二定律可得：a＝2g＝102m/s2方向垂直于杆向下(或与水平方向成45°角斜向下)(2)设小环从C运动到P过程中动能的增量为ΔE k.由动能定理：W G ＋W 电＝ΔE k 因电场力做功为零，即W 电＝0 故ΔE k ＝W G ＝mgh ＝4J(3)小环离开杆做类平抛运动.如图所示建立x 、y 坐标轴，小环垂直于杆方向做匀加速运动：y ＝12at 2＝22h 平行于杆方向做匀速运动： x ＝v 0t ＝22h联立解得：v 0＝2m/s 16.(1)3(2)A 的速度大小为12gh ，方向向左；B 的速度大小为12gh ，方向向右(3)见解析解析(1)A 、B 运动过程和碰撞过程均没有机械能损失，由能量守恒定律得 mgh ＝mgh 4＋βmgh 4，得β＝3(2)设A 、B 第一次碰撞刚结束时的速度大小分别为v 1、v 2，则12m v 12＝mgh412βm v 22＝βmgh 4解得v 1＝12gh ，v 2＝12gh因碰后物块A 、B 立即分开，故第一次碰后物块A 速度方向向左，物块B 速度方向向右.(3)规定向右为正方向，设A 、B 第二次碰撞刚结束时的速度分别为v 1′、v 2′，则⎩⎪⎨⎪⎧mv1－βmv2＝mv1′＋βmv2′mgh ＝12mv1′2＋12βmv2′2解得v 1′＝－2gh ，v 2′＝0(另一组解：v 1′＝v 1，v 2′＝－v 2不合题意，舍去)物块B 静止，物块A 将返回到左边斜面高h 处，由此可得：当n 为奇数时，小球A 、B 在第n 次碰撞刚结束时的速度分别与其第一次碰撞刚结束时相同；当n 为偶数时，小球A 、B 在第n 次碰撞刚结束时的速度分别与其第二次碰撞刚结束时相同. 17.(1)ABD(2)①下降1cm ②145N解析(2)①静止时活塞受力平衡，设此时封闭气体压强为p 1， p 1S ＝p 0S ＋mg ①容器加速上升时设气体压强为p 2， p 2S －p 0S －mg ＝ma ② 封闭气体等温变化： p 1L 1S ＝p 2L 2S ③ 解得：L 2＝52cm则ΔL ＝L 2－L 1＝－1cm ，即活塞下降了1cm ④②静止时，对活塞、封闭气体及水银柱系统由平衡条件得： F N1＝p 0S ＋(m ＋m 0)g ⑤ 其中m 0＝19p0S 76g⑥整体向上加速时，对活塞、封闭气体及水银柱系统由牛顿第二定律得： F N2－p 0S －(m ＋m 0)g ＝(m ＋m 0)a ⑦ 所以：F N2－F N1＝(m ＋m 0)a代入数据，解得：F N2－F N1＝145N ⑧18.(1)BDE(2)有两束光从C 点射出，分别为与AB 面成30°角向右，与AB 面成30°角斜向左上解析(1)波的图象表示介质中“各个质点”在“某个时刻”的位移，选项A 错误；根据多普勒效应可知，当波源与观察者相互远离时，观察到的波频率变小，选项B 正确；肥皂泡呈现彩色条纹是光的干涉现象造成的，选项C 错误；狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，选项D 正确；a 、b 两束光照射同一双缝干涉装置，在屏上得到a 光的相邻亮条纹间距比b光的小，根据Δx＝ldλ，则a的波长较小，频率较大，则水对a光的折射率比b光的大，选项E正确；故选B、D、E.(2)设临界角为C，则：sin C＝33，即30°<C＜45°，由折射定律：n＝sini1sinr1，所以r1＝30°i2＝90°－r1＝60°＞C，故光在AO面发生全反射.Ⅰ光在AB面折射，由几何关系知i3＝30°，1n＝sini3sinr3解得：r3＝60°Ⅱ光经AB面反射后，垂直射向AO面，再次反射，之后光在AB面再次折射，有i4＝i3由对称性知：r4＝r3＝60°，综上所述，有两束光从AB面射出，分别为与AB面成30°角向右，与AB面成30°角斜向左上.。

2019版高考物理模块检测卷一必修1 Word版含解析

模块检测卷一必修1第Ⅰ卷一、选择题Ⅰ(本题共13小题，每小题3分，共39分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．下列各组物理量中，全部是矢量的一组是()A．质量、加速度B．位移、速度变化量C．时间、平均速度D．路程、加速度答案B解析质量只有大小，没有方向，是标量，而加速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故A错误；位移和速度变化量都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B正确；平均速度是矢量，而时间是标量，故C错误；路程只有大小，没有方向，是标量，加速度是矢量，故D错误．2．如图1甲所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到100 m/s；如图乙所示，汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来，下列说法中正确的是()图1A．10 s内火箭的速度变化量为10 m/sB．刹车时，2.5 s内汽车的速度变化量为－30 m/sC．火箭的速度变化比汽车的快D．火箭的加速度比汽车的加速度大答案B解析10 s内火箭的速度变化量为100 m/s，加速度为10 m/s2；2.5 s内汽车的速度变化量为－30 m/s，加速度大小为12 m/s2，故汽车的速度变化快，加速度大．3．杭州第二中学在去年的秋季运动会中，高二(9)班的某同学创造了100 m和200 m短跑项目的学校纪录，他的成绩分别是10.84 s和21.80 s．关于该同学的叙述正确的是()A．该同学100 m的平均速度约为9.23 m/sB．该同学在100 m和200 m短跑中，位移分别是100 m和200 mC．该同学的200 m短跑的平均速度约为9.17 m/sD．该同学起跑阶段加速度与速度都为零答案A解析100 m是直道，而200 m有弯道．4．一辆汽车运动的v－t图象如图2，则汽车在0～2 s内和2～3 s内相比()图2A．位移大小相等B．平均速度相等C．速度变化相同D．加速度相同答案B解析由图象面积可知位移大小不等，平均速度均为v2＝2.5 m/s，B正确；速度变化大小相等，但方向相反，由斜率可知0～2 s内加速度小于2～3 s内加速度．5．2016年里约奥运会上，施廷懋凭高难度的动作夺得三米板女子跳水冠军．起跳前，施廷懋在跳板的最外端静止站立时，如图3所示，则()图3A．施廷懋对跳板的压力方向竖直向下B．施廷懋对跳板的压力是由于跳板发生形变而产生的C．施廷懋受到的重力就是它对跳板的压力D．跳板对施廷懋的支持力是由跳板发生形变而产生的答案D解析施廷懋对跳板的压力和她的重力不是同一个力，而是两个不同的力，所以不能说施廷懋对跳板的压力就是她的重力，且摩擦力和弹力的合力与重力大小相等，因此施廷懋对跳板的压力方向也不是竖直向下，故A、C错误；施廷懋受到跳板的支持力是由于跳板发生了形变，对跳板的压力是由于施廷懋的重力引起的，故B错误，D正确．6．如图4所示，在粗糙的水平地面上有质量为m的物体，连接在一劲度系数为k的轻弹簧上，物体与地面之间的动摩擦因数为μ，现用一水平力F向右拉弹簧，使物体做匀速直线运动，则弹簧伸长的长度为(重力加速度为g)()图4A.k FB.mg kC.k μmgD.μmg k 答案 D解析根据平衡条件得：弹簧的弹力F 弹＝F ＝μmg ，根据胡克定律得，F 弹＝kx ，解得弹簧的伸长量 x ＝F k ，或x ＝μmg k，故D 正确，A 、B 、C 错误． 7．(2016·温州模拟)如图4所示，物体从A 点由静止出发做匀加速直线运动，经过B 点到达C 点．已知物体经过B 点的速度是到达C 点的速度的12，AC 间的距离是32 m ．则BC 间的距离是( )图4A ．8 mB ．6.4 mC ．24 mD ．25.6 m答案 C解析设到达B 点的速度为v ，则到达C 点的速度为2v ，加速度为a ，则根据2ax ＝v 2－v 20，得：2ax AC ＝(2v )2 ,2ax AB ＝v 2，解得：x AB x AC ＝14，所以x AB ＝8 m ，x BC ＝x AC －x AB ＝32 m －8 m ＝24 m ，故选C.8．如图5为足球比赛中顶球瞬间场景，此时( )图5A ．头对球的作用力大于球对头的作用力B ．头对球的作用力与球对头的作用力大小相等C ．头对球的作用力与球的重力是一对平衡力D ．头对球的作用力与球对头的作用力是一对平衡力答案 B解析头对球的作用力与球对头的作用力是相互作用力，根据牛顿第三定律，它们大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，故A 、D 错误，B 正确；头对球的作用力大小不是固定的，但球的重力大小是固定的，故头对球的作用力与球的重力不是一对平衡力，故C 错误．9．(2016·上海模拟)如图6所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是( )图6A．电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0 m/s2B．电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0 m/s2C．电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5 m/s2答案B解析电梯减速上升或加速下降时，加速度向下，人处于失重状态；电梯减速下降或加速上升时，加速度向上，人处于超重状态，由牛顿第二定律F－mg＝ma，加速度越大，体重计的示数越大．10．一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则()A．小球先加速后匀速B．小球一直在做加速运动C．小球一直在做减速运动D．小球先加速后减速答案A解析设小球受到的阻力为F f＝k v2，在刚开始下落一段时间内阻力是从零增加，mg>F f，向下做加速运动，运动过程中速度在增大，所以阻力在增大，当mg＝F f时，合力为零，做匀速直线运动，速度不再增大，故小球先加速后匀速，A正确．11．如图7所示，光滑水平面上，A、B两物体用轻弹簧连接在一起，A、B的质量分别为m1、m2，在拉力F作用下，A、B共同做匀加速直线运动，加速度大小为a，某时刻突然撤去拉力F，此瞬间A和B的加速度大小为a1和a2，则()图7A．a1＝0，a2＝0B．a1＝a，a2＝m2m1＋m2aC．a1＝m1m1＋m2a，a2＝m2m1＋m2aD ．a 1＝a ，a 2＝m 1m 2a 答案 D解析撤去F 的瞬间，A 受力未变，故a 1＝a ；对B ，弹簧弹力未变，仍为：F ′＝m 1a ，故a 2＝F ′m 2＝m 1m 2a ，故D 正确． 12．(2016·嘉兴市联考)质量为1 t 的汽车在平直公路上以10 m/s 的速度匀速行驶，阻力大小不变．从某时刻开始，汽车牵引力减小2 000 N ，那么从该时刻起经过6 s ，汽车行驶的路程是( )A ．50 mB ．42 mC ．25 mD ．24 m答案 C解析汽车匀速运动时F 牵＝F f ，当牵引力减小2 000 N 时，即汽车所受合力的大小为F ＝2 000 N ①由牛顿第二定律得F ＝ma ②联立①②得a ＝2 m/s 2汽车减速到停止所需时间t ＝v a＝5 s 汽车行驶的路程x ＝12v t ＝25 m. 13．如图8所示，质量为2 kg 的物块A 与水平地面的动摩擦因数为μ＝0.1，质量为1 kg 的物块B 与地面间的摩擦忽略不计，已知在水平力F ＝11 N 的作用下，A 、B 一起做加速运动，g ＝10 m/s 2，则下列说法中正确的是( )图8A ．A 、B 的加速度均为3.67 m/s 2B ．A 、B 的加速度均为3.3 m/s 2C ．A 对B 的作用力为3.3 ND ．A 对B 的作用力为3 N答案 D解析在水平力F ＝11 N 的作用下，A 、B 一起做加速运动，由A 、B 整体F －μm A g ＝(m A ＋m B )a ，解得a ＝3 m/s 2，故A 、B 错误；隔离B 物块F AB ＝m B a ＝3 N ，故D 正确，C 错误．二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分，共6分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14．对于体育比赛的叙述，下列说法正确的是( )A ．运动员跑完800 m 比赛，指的是路程大小为800 mB．运动员铅球成绩为4.50 m，指的是位移大小为4.50 mC．某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10 min，指的是时间D．足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币可以看成质点答案AC解析铅球是平抛运动，铅球成绩指的是水平位移大小；10 min是时间间隔．15．一个物体所受重力在下列哪些情况下要发生变化()A．把它从赤道拿到南极B．把它送到月球上去C．把它放到水里D．改变它的运动状态答案AB解析从赤道拿到南极，重力加速度变大，则重力变大，故A正确；送到月球上去，重力加速度减小，则重力减小，故B正确；放到水里，重力加速度不变，则重力不变，故C错误；改变运动状态，重力加速度不变，则重力不变，故D错误．16．一质量为m的铁球在水平推力F的作用下，静止在倾角为θ的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心O，如图9所示，假设斜面、墙壁均光滑．若水平推力缓慢增大，则在此过程中()图9A．斜面对铁球的支持力缓慢增大B．斜面对铁球的支持力不变C．墙对铁球的作用力大小始终等于推力FD．墙对铁球的作用力大小始终小于推力F答案BD解析对铁球进行受力分析可知，铁球受重力、水平推力F、竖直墙壁对铁球的弹力F1和斜面对铁球的支持力F2四个力的作用，由平衡条件可知，在水平方向上有F＝F1＋F2sin θ，竖直方向上有F2cos θ＝mg，解得斜面对铁球的支持力F2＝mgcos θ，不随F的变化而变化，A错误，B正确；F1＝F－F2sin θ<F，即墙对铁球的作用力大小始终小于推力，C错误，D正确．第Ⅱ卷三、非选择题(本题共7小题，共55分)17．(5分)在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀变速运动，如图10是经打点计时器打出纸带的一段，打点顺序是A 、B 、C 、D 、E ，已知交流电频率为50 Hz ，纸带上每相邻两个计数点间还有4个点未画出．现把一刻度尺放在纸带上，其零刻度线和计数点A 对齐．请回答以下问题：图10(1)下列操作正确的有________．(填选项代号)A ．在释放小车前，小车要靠近打点计时器B ．打点计时器应放在长木板有滑轮的一端C ．应先接通电源，后释放小车D ．电火花计时器应使用低压交流电源(2)根据该同学打出的纸带我们可以判断小车与纸带的________(填“左”或“右”)端相连．(3)用该刻度尺测量出计数点A 、B 之间的距离为________cm.(4)打B 点时纸带的瞬时速度v B ＝________m/s.(5)小车运动的加速度大小是________m/s 2.答案 (1)AC (2)左 (3)1.50 (4)0.18 (5)0.60解析 (1) 在释放小车前，小车要靠近打点计时器，故A 正确；打点计时器应固定在无滑轮的一端，故B 错误；实验时应先接通电源，再释放小车，故C 正确；电火花计时器应使用220 V 的交流电源，故D 错误．(2)因为相等时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与小车相连．(3)由刻度尺读数知，AB 之间的距离为1.50 cm.(4)打B 点时纸带的瞬时速度v B ＝x AC 2T ＝3.60×10－20.2m /s ＝0.18 m/s. (5)根据Δx ＝aT 2，运用逐差法得，a ＝x CE －x AC 4T 2＝[(9.60－3.60)－3.60]×10－24×0.01 m /s 2＝0.60 m/s 2.18．(5分)图11甲为“探究求合力的方法”的实验装置．图11(1)下列说法中正确的是________．A ．在测量同一组数据F 1、F 2和合力F 的过程中，橡皮条结点O 的位置不能变化B ．弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下C ．F 1、F 2和合力F 的大小都不能超过弹簧测力计的量程D ．为减小测量误差，F 1、F 2方向间夹角应为90°(2)弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力F 的大小为________N.答案 (1)AC (2)4.00解析 (1)在同一组数据中，只有当橡皮条结点O 的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，故A 正确；弹簧测力计拉细线时，方向不一定竖直向下，只要把O 点拉到同一位置即可，故B 错误；根据弹簧测力计的使用原则可知，在测力时不能超过弹簧测力计的量程，故C 正确；F 1、F 2方向间夹角为90°并不能减小误差，故D 错误．(2)由题图乙弹簧测力计的指针指示可知，拉力F 的大小为4.00 N.19．(6分)(2016·扬州模拟)某实验小组欲以如图12所示实验装置探究“加速度与物体受力和质量的关系”．图中A 为小车，B 为装有砝码的小盘，C 为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电磁打点计时器相连，小车的质量为m 1，小盘(及砝码)的质量为m 2.图12(1)下列说法正确的是________．A ．实验时先放开小车，再接通打点计时器的电源B ．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力C ．本实验中应满足m 2远小于m 1的条件D ．在用图象法探究小车加速度与受力的关系时，应作a －m 1图象(2)实验中得到一条打点的纸带，如图13所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T ，且间距x 1、x 2、x 3、x 4、x 5、x 6已量出，则打点计时器打下F 点时小车的瞬时速度的计算式为v F ＝________，小车加速度的计算式a ＝_______________________________________________.图13答案 (1)C (2)x 5＋x 62T (x 4＋x 5＋x 6)－(x 1＋x 2＋x 3)9T 2解析 (1)实验时应先接通电源后释放小车，故A 错误；假设木板倾角为θ，则有：F f ＝mg sinθ＝μmg cos θ，m 约掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故B 错误；绳子上的拉力F ＝m 2g 1＋m 2m 1，故m 2≪m 1，即实验中应满足小盘和砝码的质量远小于小车的质量，故C 正确；F ＝m 1a ，所以：a ＝F m 1，所以在用图象法探究小车的加速度与质量的关系时，通常作a －1m 1图象，故D 错误；(2)根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出纸带上打F 点时小车的瞬时速度大小v F ＝x 5＋x 62T .根据逐差法得：a ＝(x 4＋x 5＋x 6)－(x 1＋x 2＋x 3)9T 2. 20．(9分)在某次载人飞船返回地面的模拟演练中，测得模拟舱距地面9 m 时速度为12 m/s ，并以这个速度匀速降落，在距地面1.2 m 时，模拟舱的缓冲发动机开始向下喷火，舱体开始匀减速降落直至到达地面速度为0.求：(1)模拟舱匀减速阶段的加速度大小；(2)模拟舱从9 m 高处落到地面所用的时间．答案 (1)60 m/s 2 (2)0.85 s解析 (1)设模拟舱以v 0＝12 m/s 的初速度在距地面x 1＝1.2 m 处开始匀减速运动，加速度大小为a ，由匀变速运动的规律有0－v 20＝－2ax 1代入数据可解得a ＝60 m/s 2(2)设模拟舱从x ＝9 m 匀速运动至x 1＝1.2 m 处历时t 1，由匀速运动的规律可知t 1＝x －x 1v 0代入数据可解得t 1＝0.65 s设匀减速运动历时t 2，由匀变速运动的规律可知t 2＝0－v 0－a代入数据可解得t 2＝0.2 s所以模拟舱从9 m 高处落到地面所用的时间为t 1＋t 2＝0.85 s.21．(10分)某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来．假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C (∠QCS ＝30°)时，金属小球偏离竖直方向的夹角θ也是30°，此时小球静止，如图14所示．已知小球的质量为m ，该同学(含磁铁)的质量为M ，求此时：图14(1)悬挂小球的细线的拉力大小为多少？(2)该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？答案 (1)33mg (2)Mg ＋12mg 36mg 解析 (1)以小球为研究对象，受力分析如图甲所示，则由平衡条件得F sin 30°＝F C sin 30°F C cos 30°＋F cos 30°＝mg解得F ＝F C ＝33mg(2)以小球和该同学整体为研究对象，受力分析如图乙所示，同理有F f ＝F sin 30°F N ＋F cos 30°＝(M ＋m )g将F 值代入解得F f ＝36mg F N ＝Mg ＋12mg . 22．(10分)某研究性学习小组利用力传感器研究小球与竖直挡板间的作用力，实验装置如图15所示，已知斜面倾角为α＝45°，光滑小球的质量m ＝3 kg ，力传感器固定在竖直挡板上．求：图15(1)当整个装置静止时，力传感器的示数；(2)当整个装置水平向右做匀加速直线运动时，力传感器示数为36 N ，此时装置的加速度大小；(3)某次整个装置在水平方向做匀加速直线运动时，力传感器示数恰好为0，此时整个装置的运动方向如何？加速度为多大？答案 (1) 30 N (2) 2 m /s 2 (3)向左运动 10 m/s 2解析 (1)以小球为研究对象，设小球与力传感器的作用力大小为F ，小球与斜面间的作用力大小为F N ，如图所示，由几何关系可知F ＝mg ＝3×10 N ＝30 N.(2)竖直方向F N cos 45°＝mg ；水平方向F －F N sin 45°＝ma ；解得：a ＝2 m/s 2.(3)要使力传感器示数为0，则有：F N ′cos 45°＝mg ；F N ′sin 45°＝ma ′；解得：a ′＝10 m/s 2，加速度方向向左故装置应向左加速．23．(10分)(2016·义乌市模拟)如图16所示，质量为5 kg 的木块放在倾角为30°、长为20 m 的固定斜面上时，木块恰好能沿斜面匀速下滑，若改用沿斜面向上的恒力F 拉木块，木块从静止开始沿斜面匀加速上升4 m 所用的时间为2 s(g 取10 m/s 2)．求：图16(1)恒力F 的大小；(2)要使木块能从斜面底端运动到顶端F 至少要作用多长时间．答案 (1)60 N (2)536 s 解析 (1)木块恰好匀速下滑时受力平衡，有：F f ＝mg sin 30°＝12mg 匀加速上升的加速度：a 1＝2x t 21＝2×422 m /s 2＝2 m/s 2 对木块受力分析如图甲根据牛顿第二定律有F －mg sin 30°－F f ＝ma 1代入数据得：F ＝mg sin 30°＋F f ＋ma 1＝mg ＋ma 1＝60 N(2)设拉力最小作用时间为t .撤去F 前：x 1＝12a 1t 2＝t 2 v 1＝a 1t ＝2t撤去F 后，受力分析如图乙，根据牛顿第二定律mg sin 30°＋F f ＝ma 2解得：a 2＝mg sin 30°＋F f m＝g 匀减速运动的位移：x 2＝v 212a 2＝t 25 因为斜面长20 m ，故有x 1＋x 2＝20 m ，代入数据得：65t 2＝20 解得：t ＝536 s.。

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模块综合检测(一)(45分钟100分)1.(16分)(1)(多选)下列各种说法中正确的是( )A.0 ℃的铁和0 ℃的冰,它们的分子平均动能相同B.液体与大气相接触,表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互排斥C.橡胶无固定熔点,是非晶体D.凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在热传递中,热量只能从高温物体传递给低温物体,而不能从低温物体传递给高温物体E.压缩气体不一定能使气体的温度升高(2)在一端封闭、内径均匀的光滑直玻璃管内,有一段长为l=16 cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体。

当玻璃管水平放置达到平衡时如图甲所示,被封闭气柱的长度l1=23 cm;当管口向上竖直放置时,如图乙所示,被封闭气柱的长度l2=19 cm。

已知重力加速度g=10 m/s2,不计温度的变化。

求:①大气压强p0(用cmHg表示)。

②当玻璃管开口向上以a=5 m/s2的加速度匀加速上升时,水银柱和玻璃管相对静止时被封闭气柱的长度。

【解析】(1)选A、C、E。

温度是分子平均动能的标志,与其他无关,选项A对。

液体的表面张力是分子间距离大于液体内部分子间距离引起的,分子力表现为引力,选项B错。

橡胶是非晶体,没有固定的熔点,选项C 对。

压缩气体等于对气体做功,而改变气体内能除了做功还有热传递,所以压缩的同时若伴随有热传递,压缩气体的温度也不一定升高,选项E对。

未喷水时阀门K闭合,压下压杆A可向瓶内储气室充气;多次充气后按下按柄B打开阀门K,水会自动经导管从喷嘴处喷出。

储气室内气体可视为理想气体,充气和喷水过程温度保持不变,则( )A.充气过程中,储气室内气体内能增大B.充气过程中,储气室内气体分子平均动能不变C.喷水过程中,储气室内气体放热D.喷水过程中,储气室内气体吸热E.喷水过程中,储气室内气体压强增大(2)如图所示,一定质量的理想气体在状态A时的温度为-3 ℃,从状态A变化到状态B,再变化到状态C,其状态变化过程的p-V图象如图,求:①该气体在状态B时的温度。

②该气体从状态A到状态C的过程中与外界交换的热量。

【解析】(1)选A、B、D。

充气过程中,储气室内气体的质量增加,气体的温度不变,故气体的平均动能不变,气体内能增大,选项A、B正确;喷水过程中,气体对外做功,体积增大,所以气体压强减小,而气体温度不变,则气体吸热,选项C、E错误,D正确。

(2)①对于理想气体:A→B的过程,由查理定律有=T A=270 K,得T B=90 K,所以t B=T B-273 ℃=-183 ℃②B→C的过程,由盖-吕萨克定律有=得T C=270 K,即t C=T C-273 ℃=-3 ℃由于状态A与状态C温度相同,气体内能相等,而A→B的过程是等容变化,气体对外不做功,B→C的过程中气体体积膨胀对外做功,即从状态A到状态C气体对外做功,故气体应从外界吸收热量Q=pΔV=2×105×(6×10-3-2×10-3) J=800 J答案:(1)A、B、D(2)①-183 ℃②800 J【总结提升】(1)一定质量的理想气体做等压变化时,气体做功的大小可以由W=pΔV表示。

(2)在p-V图象中,图象与坐标轴所包围的面积表示气体做功的大小。

3.(16分)(2018·烟台模拟)(1)(多选)下列说法中正确的是( )A.绝对湿度大,相对湿度一定大B.对于一定质量的理想气体,当分子间的平均距离变大时,压强不一定变小C.密封在体积不变的容器中的气体,温度升高,气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大D.两个铁块用力挤压不能粘合在一起说明分子之间存在有斥力E.液体表面张力的作用是使液体表面有收缩趋势(2)粗细均匀的U形管中装有水银,左管上端开口与大气相连,右管上端封闭,如图所示。

开始时两管内水银柱等高,两管内空气(可视为理想气体)柱长均为l=90 cm,此时两管内空气柱温度均为27 ℃,外界大气压为p0=76 cmHg。

现在左管上端开口处缓慢注入水银压缩空气柱,直至右管内水银面上升10 cm,在注入水银过程中,左管内温度缓慢下降到-23 ℃,右管内温度保持在27 ℃。

求:①注入水银柱的长度。

②左管注入的水银柱上表面离左管开口的距离。

【解析】(1)选B、C、E。

相对湿度表示空气中的绝对湿度与同温度下的饱和气压的比值,绝对湿度大时,同温度下的饱和气压也可能大,所以相对湿度不一定大,选项A错误。

对于一定质量的理想气体,当分子间的平均距离变大时,气体体积变大,但气体的温度可能也升高,压强不一定变小,选项B正确。

密封在体积不变的容器中的气体,温度升高时,气体的压强增大,说明气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大,选项C正确。

两个铁块挤压时他们之间的距离超过了分子力作用的范围,所以不能证明分子斥力的存在,选项D错误。

液体的表面张力使液面具有收缩的趋势,选项E正确。

(2)①设U形管横截面积为S,水银密度为ρ,重力加速度为g,注入水银柱的长度为h,注入水银后左管内空气柱的长度为L左管内空气柱:初状态,p1=76 cmHg,V1=90 cm×S,T1=(273+27)K=300 K末状态,p2=76 cmHg+ρgh,V2=LS,T2=(273-23)K=250 K右管内空气柱:初状态,p3=76 cmHg,V3=90 cm×S,T3=T1=300 K末状态,p4=p2-20 cmHg=56 cmHg+ρgh,V4=80 cm×S,T4=T3=300 K对右管内空气柱,由玻意耳定律得:p3V3=p4V4代入数据得:h=29.5 cm②对左管内空气柱,由理想气体状态方程得:=解得:L≈54 cm左管注入的水银柱上表面离左管开口的距离x=(90+10-29.5-54) cm=16.5 cm答案:(1)B、C、E(2)①29.5 cm ②16.5 cm【加固训练】(1)(多选)下列说法中正确的是 ( )A.第二类永动机和第一类永动机都违背了能量守恒定律B.液晶既像液体一样具有流动性,又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性C.理想气体的压强是由气体分子间的斥力产生的D.悬浮在液体中的小颗粒越小,布朗运动越明显E.由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离,所以液体表面存在张力(2)内壁光滑的汽缸通过活塞封闭有压强1.0×105Pa、温度为27 ℃的气体,初始活塞到汽缸底部距离50 cm,现对汽缸加热,气体膨胀而活塞右移。

已知汽缸横截面积200 cm2,总长100 cm,大气压强为1.0×105 Pa。

①计算当温度升高到927 ℃时,缸内封闭气体的压强。

②若在此过程中封闭气体共吸收了800 J的热量,试计算气体内能的变化量。

【解析】(1)选B、D、E。

热力学第一定律说明第一类永动机不可能制成,能量守恒的热力学过程具有方向性,即第二类永动机不可能实现,第二类永动机不违背能量守恒定律,A错误;液晶即像液体一样具有流动性,又具有光学性质的各向异性,B正确;理想气体的压强是由于大量分子频繁撞击器壁产生的,理想气体分子作用力为零,C错误;悬浮在液体中的小颗粒越小,布朗运动越明显,D正确;由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离,所以液体表面存在张力,E正确。

(2)①由题意可知,在活塞移动到汽缸口的过程中,气体发生的是等压变化,设活塞的横截面积为S,活塞未移动时封闭气体的温度为T1,当活塞恰好移动到汽缸门时,封闭气体的温度为T2,则由盖-吕萨克定律=可知:=,又T1=300 K解得:T2=600 K,即327 ℃,因为327 ℃<927 ℃,所以气体接着发生等容变化,设当气体温度达到927 ℃时,封闭气体的压强为p,由查理定律=可以得到:=,代入数据整理可以得到:p=2×105 Pa②由题意可知,气体膨胀过程中活塞移动的距离Δx=1 m-0.5 m=0.5 m,故大气压力对封闭气体所做的功为W=-p0SΔx,代入数据解得:W=-1 000 J,由热力学第一定律ΔU=W+Q得到:ΔU=-1 000 J+800 J=-200 J,内能减少200 J答案:(1)B、D、E(2)①2×105 Pa ②内能减少200 J4.(16分)(2018·衡水模拟)(1)(多选)下列说法正确的是( )A.空调机既能制热又能制冷,说明热传递不存在方向性B.当分子间距离减小时,分子势能不一定减小C.把一枚针放在水面上,它会浮在水面,这是水表面存在表面张力的缘故D.气体对容器壁的压强,是由气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的E.只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数,就可以算出气体分子的体积(2)在水平面有一个导热汽缸,如图甲所示,活塞与汽缸之间密封了一定质量的理想气体。

最初密封气体的温度为23 ℃,气柱长10 cm;给气体加热后,气柱长变为12 cm。

已知汽缸内截面积为0.001 m2,大气压p0=1.0×105 Pa,g取10 m/s2。

①求加热后气体的温度。

②若保持加热后气体的温度不变,将汽缸直立后(如图乙所示)气柱长度又恢复为10 cm,求活塞质量。

【解析】(1)选B、C、D。

根据热力学第二定律可知,热传递的方向性指的是自发的,热量不能自发的从低温传给高温,故A错误;分子间距离减小时,若分子力为引力,则做正功,分子势能减小,分子力若为斥力,则分子力做负功,分子势能增大,故B正确;水的表面层分子间距较大,分子力表现为引力,这种分子之间的引力使液面具有收缩的趋势,针轻放在水面上,它会浮在水面,正是由于水表面存在表面张力的缘故,故C正确;气体对容器壁的压强,是由气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的,故D正确;知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数可以计算出每个气体分子占据的平均空间,但不是气体分子的体积,故E错误。

(2)①汽缸内的密封气体温度升高后,压强不变,是等压变化,根据盖-吕萨克定律有=设汽缸内截面积用S表示,则V1=0.1S,V2=0.12S,T1=(273+23)K=296 K代入数据解得T2=355.2 K或(82.2 ℃)②将汽缸直立后,气体发生等温变化,根据玻意耳定律有p2V2=p3V3已知V2=0.12S,V3=0.1S,p2=p0=1.0×105 Pa代入数据解得p3=1.2×105 Pa因为Δp=p3-p2=代入数据解得m=2 kg答案:(1)B、C、D(2)①355.2 K ②2 kg5.(18分)(1)(多选)关于热现象,下列说法中正确的是( )A.气体的温度升高时,分子的平均动能增大,撞击器壁时对器壁的作用力增大,从而气体的压强一定增大B.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的C.在完全失重的情况下,密闭容器内的气体对器壁压强不变D.液晶显示器是利用了液晶对光具有各向同性的特点E.一定量100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气,其分子之间的势能增大(2)如图所示,一圆柱形汽缸竖直放置,汽缸正中间有挡板,位于汽缸口的活塞封闭着一定质量的理想气体。