甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
【物理】甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三上学期第三次月考试卷
甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三（上）第三次月考物理试卷1匀速运动的汽车上有一个苹果自由落下，关于苹果的运动下列说法正确的是（）A •在汽车上看苹果做自由落体运动B .在汽车上看苹果在下落的同时向车后运动C.在地面上看苹果做自由落体运动D •在地面上看苹果做平抛运动2•取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等.不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）TTC.3.如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由无初速度滑下，重力加速度为环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（）A . Mg - 5mgB . Mg+mg C. Mg+5mg D . Mg+10mg4.假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面重力加速度在两极的大小为g o,赤道的大小为g;地球自转的周期为T,引力常量为G.则地球的密度为（）3兀削GT2：E O~S3兀号oGT2 8m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上,A球紧靠竖直墙壁.今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这一瞬间，以下说法正确的有（）12g.当小圆3开GT25.如图，质量均为J-A .球的速度为零，加速度为零B .球的速度为零，加速度大小为 FnC .在弹簧第一次恢复原长之后， A 才离开墙壁D .在A 离开墙壁后，A 、B 两球均向右做匀速运动6•如图所示，木块 m 沿固定的光滑斜面从静止开始下滑，当下降h 高度时，重力的瞬时功率是（）7.—物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F 1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度为v ,若将水平拉力的大小改为 F 2,物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v ,对于上述两个过程，用W FI 、W F 2分别表示拉力F i 、F 2所做的功，W fi 、W f2分别表示前两次克服摩擦力所做的功，则（）A . W F 2>4W FI , W f2 >2W fiB . W F 2>4W FI , W f2=2W fiC . W F2< 4W FI , W f2=2W fiD . W F2< 4W FI , W f2< 2W fi&一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t o 滑至斜面底端•已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定.若用F 、v 、s 和E 分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是（）9•为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验•其中G 1、G 2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G 1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△ t 1、△ t 2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为 M ,挡光片宽度为D ，光电门间距离为 x ，牵引砝码的质量为 m .回答下列问题：D. mgsin 0. iiJt(1) 实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答:(2) 若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个(3) 在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式A. m=5gB. m=15gC. m=40gD. m=400g为_______________ .（用△切△ t2, D, x表示）10. 用图甲所示装置验证机械能守恒定律时，所用交流电源的频率为50Hz，得到如图乙所示的纸带.选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E,测出A点距起点0的距离为2 s o=19.OOcm，点A、C 间的距离为s i=8.36cm，点C、E 间的距离为S2=9.88cm , g 取9.8m/s ,测得重物的质量为1kg.打点计时器吏子童鞫甲(1)下列做法正确的有A .图甲中两限位孔必须在同一竖直线上B .实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直C.实验时，先放手松开纸带，再接通打点计时器电源D .数据处理时，应选择纸带上距离较近的两点作为初、末位置(2) _____________________________________________________________________________________ 选取O、C两点为初末位置研究机械能守恒.重物减少的重力势能是________________________________________ J,打下C点时重物的速度是____________________ m/s.(结果保留三位有效数字)2(3)继续根据纸带算出各点的速度v,量出下落距离s,以+为纵轴、以s为横轴画出的图象，应是图丙中的___________________ .(4)实验中，重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，写出一条产生这一现象的原因_______________ •11. 如图所示，在倾角为37°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点,测得AB两点间的距离是75m, g取10m/s2.求：(1)物体抛出时速度的大小；(2)落到B点时的速度大小(结果带根号表示).12. 图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图.整个轨道在同一竖直平面内.表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切，A点距水面的高度为H，圆弧轨道BC 的半径为R .圆心0恰在水面，一质量为m的游客(视为质点)可从轨道AB上任意位置滑下，不计空气阻力.(1 )若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面D点，0D=2R , 求游客滑到的速度V B大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f.(2)若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h.(提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的2向心力与其速率的关系为F向=叮.)13. 一质量为m=0.4kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的V-t图象的一部分，已知0.4s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最大，t=2s时刻关闭发动机，玩具车开始做匀减速运动最终停止. 小汽车全过程中所受阻力可视为恒定.(1) 关闭发动机后小车运动的时间;(2) 求匀加速阶段小汽车的驱动力;(3) 估算全过程小汽车行驶的距离.答案1. 【考点】参考系和坐标系.【分析】苹果从火车上自由落下，在水平方向上与火车有相同的速度，根据运动的合成与分解即可判断.【解答】解：A、以火车为参考系，火车的速度为零，在水平方向上苹果与火车有速度相同，所以苹果的水平方向速度为零，即苹果做自由落体运动，故A正确，B错误；C、以地面为参考系，在水平方向上与火车有相同的速度，所以苹果水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，合运动为平抛运动，故C错误，D正确.故选：AD【点评】选取的参考系不同，观察同一种运动的结果可能就不一样，难度不大，属于基础题.2. 【考点】平抛运动.【专题】平抛运动专题.【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角.【解答】解：设抛出时物体的初速度为v o,高度为h,物块落地时的速度大小为v,方向与水平方向的夹角为a根据机械能守恒定律得：1 . 1 2+mgh= □厂据题有：丄丁-「=mgh,联立解得：V= 一，贝y COS a=—= 1,v 2得：a^—4故选：B.【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解.3. 【考点】向心力；牛顿第二定律.【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用.【分析】根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的拉力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小.【解答】解：小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：2F- mg=m—,2得: F=mg+m ,R小环从最高到最低，由动能定理，则有：• |, :-.j - _7 ;2对大环分析，有：T=F+Mg=m (g+ ' ) +Mg=5mg+Mg .故C 正确，A、B、D 错误.R故选：C【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解.4. 【考点】万有引力定律及其应用.【专题】万有引力定律的应用专题.【分析】根据万有引力等于重力，则可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解.【解答】解：在两极，弓I力等于重力，则有：mg o=G^,R2g0R2由此可得地球质量M=—:—在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：G ' - mg=^^ ',胪T2而密度公式一-丄S O R2G 3兀尸. =一Z --------------------- ，故B正确，ACD错误；GT2 (g0"g)故选：B.【点评】考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式.5. 【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】先分析原来弹簧的弹力大小，再分析突然将F 撤去瞬间，两球的受力情况，求解加速度.将F 撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化.在弹簧第一次恢复原长时， A 才离开墙壁.在 A 离开墙壁后，A 向右做加速运动、B 向右做减速运动【解答】解：A 、B 撤去F 前，弹簧的弹力大小等于 F ,将F 撤去瞬间，弹簧的弹力没有变 化，则知A 球的受力情况没有变化，其合力仍为零，加速度为零， B 球的合力大小等于 F ,方向方向向右，则其加速度大小为：丄.故A 错误，B 正确.ITC 、 在弹簧第一次恢复原长后，弹簧对 A 有向右的拉力，A 才离开墙壁.故 C 正确.D 、 在A 离开墙壁后，弹簧伸长，则 A 向右做加速运动、B 向右做减速运动•故 D 错误. 故选：BC【点评】本题是瞬间问题，分析状态变化前后弹簧的弹力是关键， 根据弹簧的弹力，分析两球的运动情况6. 【考点】功率、平均功率和瞬时功率；机械能守恒定律.由机械能守恒定律可求得木块下滑的高度，由功率公式可求得重力瞬时功率.解：由机械能守恒得:mgh=—mv~ ； 物体的速度v= 「■ I ；则重力的功率 P=mgvsin 9=mgsin 9..：：7匕1； 故选D .【点评】功率公式P=Fv 应注意公式里的速度为与力 F 方向一致的速度，若不在同一直线上,可以将速度进行分解，功率为力与沿力的方向上分速度的乘积.7. 【考点】功的计算.【专题】功的计算专题.【分析】根据动能定理，结合运动学公式，求出滑动摩擦力做功，从而求得结果.【解答】解：由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比v 2v为 S i : S2= i ；I =1 : 2；两次物体所受的摩擦力不变，根据力做功表达式，则有滑动摩擦力做功之比 W fi : W f2=fS l ：fS 2=1: 2 ；再由动能定理，则有：W F - W f =J -• |〕2可知，W FI -【专题】 功率的计算专题.【分析】2W F2 —W f2=4X 二Tj- ；2由上两式可解得：W F2=4W FI- 2W fi,故C正确，ABD错误；故选：C.【点评】考查做功表达式的应用，掌握动能定理的内容，注意做功的正负.8. 【考点】加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的速度与时间的关系.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】摩擦力恒定，物体沿斜面下滑时做初速度为零的匀变速直线运动，根据初速度为零匀变速直线运动中合力、速度、位移和机械能所时间变化特点可解答本题.【解答】解：A、物体在斜面上运动时做匀加速运动，根据牛顿第二定律可知，其合外力恒定，故A正确；B、在v-t图象中，斜率表示加速度大小，由于物体做匀加速运动，因此其v-t图象斜率不变，故B错误；C、物体下滑位移为：x=—at2,根据数学知识可知，其位移与时间图象为抛物线，故C错误;2D、设开始时机械能为E总，根据功能关系可知，开始机械能减去因摩擦消耗的机械能，便是剩余机械能，即有：E=E总-fs=E总-f? at2，因此根据数学知识可知，机械能与时间的2图象为开口向下的抛物线，故D错误.故选：A.【点评】对于图象问题要明确两坐标轴、斜率的含义等，对于比较复杂的图象问题可以利用物理规律写出两个物理量的函数关系式，根据数学知识进一步判断图象性质.9. 【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题.【分析】分析：(1)明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；(2 )根据牛顿第二定律可以推导出滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等的条件，根据实验目的可知需要测量的数据；(3)光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替即v=-,再根据运动学公式即可求出物体的加速度a.t【解答】解答：解：(1)气垫导轨可以认为是光滑的，在判断其是否水平时可以采取的方法11是：接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止说明导轨是光滑的，或接通气 源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动.取下牵引砝码，M 放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M ,数字计时器记录每一个光电门的 光束被挡的时间△ t 都相等.(2)在该实验中实际是： mg= (M+m ) a ,要满足mg=Ma ，应该使砝码的总质量远小于滑 块的质量.若取M=0.4kg ，改变m 的值，进行多次实验， m 4=400g 不能满足，故选 D .(3) 根据遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替得通过第一个光电门的速度为：通过第二个光电门的速度为：D V 2=— 12根据运动学公式，则加速度为:故答案为：(1)取下牵引砝码，M 放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M ,数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间 △ t 都相等;【点评】点评：明确实验原理以及相应的物理规律，熟悉具体操作，提高应用基本物理规律 解决问题的能力. 10. 【考点】验证机械能守恒定律.【专题】实验题；定性思想；实验分析法；机械能守恒定律应用专题.【分析】(1)了解实验中的注意事项后分析解答.。
甘肃省2016年中考理综(物理部分)真题试题Word版含答案
白银市2016年普通招生考试物理、化学综合试卷物理部分（80分） 一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个正确，请将正确选项的字母写在题后的括号内。
本题共6小题，每小题3分，共18分）1.即将告别母校的你，你认为校园生活中的物理量最合适的是（ ）A.夏天教室内的温度约为45℃B.运动会上200米赛跑冠军用时约为10sC.书桌的高度约为80cmD.教室内每盏日光灯的功率约为400W2.如图所示，用水平力F=30N ，按住一重G=10N 的木块在竖直墙壁上，当木块沿竖直方向匀速下滑时，木块受到的摩擦力的大小是（ ）A.40NB.30NC.20ND.10N3.下列说法正确的时（ ）A.电饭煲是利用电流的磁效应工作的B.城市中建设人工湖可以调节气温，利用了水的比热容大的原理C.斐济在太空飞行时，机翼上访的压强大于下方的压强D.在微观粒子中，空间尺度从大到小的排列是：电子、原子核、原子、分子4.崆峒山是我省著名的风景区，远远望去，云雾缭绕，显得神秘美丽，如图所示。
关羽云雾的形成，下列说法正确的是 （ ）A. 雾是从崆峒山中冒出的烟B. 雾是水蒸气凝华成的小冰晶C. 雾是从山中蒸发出来的水蒸气D. 雾是水蒸气遇冷液化形成的小水珠5.下列有关声音的情境说法错误的是（ ）A.诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高B.两名宇航员在太空中不能直接对话，是因为声音不能再真空中传播C.在医院里医生通常利用超声波震动打碎人体内的结石，说明声波能传递能量D.听不同乐器弹奏同一首歌曲时能分辨出所用乐器，是利用了声音的音色不同6.学完光学后，小明对知识做了如下梳理，其中连线正确的是（ ）A.倒立 缩小像 放大镜B.红外线 夜视仪正立 放大像 照相机 紫外线 消毒、杀菌C.老花镜 凸透镜D.实像 凹透镜近视镜 凹透镜 虚像 平面镜、凸透镜二、填空题（本题7小题，请将正确答案填到各小题的横线上。
每空1分，共14分）7.水的比热容为34.210/()J kg C ⨯︒,将4kg 的水倒掉一半，剩下水的比热容是 /()J kg C ︒；初温为30℃、质量为2kg 的水吸收42.110J ⨯的热量后温度将升高 ℃。
甘肃省定西市通渭县高三物理上学期期末试卷(含解析)
2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的是（）A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．则（）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= m/s2，a g（填“大于”或“小于”），原因是．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．故选：A．2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s故选：B．3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A ．v 2=k 1v 1B ．v 2=v 1C ．v 2=v 1D ．v 2=k 2v 1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P ，质量为m ，则有：P=K 1mgV 1=K 2mgV 2，所以v 2=v 1故选：B ．4．一质量为m 的物体在水平恒力F 的作用下沿水平面运动，在t 0时刻撤去力F ，其v ﹣t 图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F 的大小和力F 做功W 的大小关系式正确的是（ ）A ．F=μmgB ．F=2μmgC ．W=μmgv 0t 0D ．W=μmgv 0t 0【考点】66：动能定理的应用；1I ：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F 的大小．由速度图象的“面积”求出位移，再求解力F 做功W 的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft 0﹣μmg•3t 0=0，得F=3μmg在0﹣t 0时间内物体的位移为x=，力F 做功大小为W=Fx=3μmg =．故选D5．如图所示，一电场的电场线分布关于y 轴（沿竖直方向）对称，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM=MN ．P 点在y 轴右侧，MP ⊥ON ．则（ ）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，则有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，则电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动，故D正确．故选：D．6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．故选：BD．7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比较密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比较电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，则A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度相同，则B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，则B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，则电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．故选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件及其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功及弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进行受力分析即可求得受力情况及加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；故选：CD．二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）明确验证末端水平的基本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；（3）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2故选C（2）研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平．（3）由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：（1）C （2）将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g（填“大于”或“小于”），原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．【解答】解：（1）重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=（3.89）2=7.56J（2）根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：（1）7.62，7.56，（2）9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件及其应用；A6：电场强度．【分析】（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．（3）选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度（2）若电场强度减小为原来的，则变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理则有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，则由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C（A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力），根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，则对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况相同，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．故选：C．14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】（1）以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．（2）结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：（1）以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，则p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④（2）活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：（1）第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；（2）水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f【考点】79：自由振动和受迫振动；7A：产生共振的条件及其应用．【分析】受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．【解答】解：A、当f=f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅振大，故A错误；B、当f＞f0时，随f的减小，驱动力的频率接近固有频率，故该振动系统的振幅增大，故B 正确；C、该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D、系统的振动稳定后，系统的振动频率等于驱动力的频率，故振动频率等于f，故D正确；故选：BD．16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点。
甘肃省2016高三上学期第一次质量检测物理试题
甘肃省2016高三上学期第一次质量检测物理试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题：共5题每题6分共30分1．在人们探究物理科学的道路上，许多科学家做出了不懈的努力，下列所描述的事实正确的是A.牛顿首先阐明了运动的相对性原理，初次测光速未获成功，而开普勒在《宇宙和谐论》中提出开普勒第三定律B.法国物理学家库仑用他自己发明的扭秤，从实验得到静电力的平方反比定律，库仑定律是电学发展史上的第一个定量规律，是电学史中的一块重要的里程碑C.安培发现磁场对运动电荷的作用规律D.德国物理学家韦伯发现自感，对电磁学有独创性的研究2．如图所示，水平面上固定一个四分之一的圆柱体，圆柱体左侧面光滑，质量分别为m1、m2的小球(可视为质点)通过柔软光滑的轻绳连接后静止于圆柱体表面上，此时m1与圆柱体中心O的连线与水平方向成30o角，则为A.1:1B.2:1C.:2D.1:23．已知月球半径为R，飞船在距月球表面高度为R的圆轨道上飞行，周期为T，万有引力常量为G，下列说法正确的是A.月球第一宇宙速度为B.月球表面重力加速度为RC.月球密度为D.月球质量为4．交流发电机的电动势表达式为e=60sin(100p t)V，内电阻为20Ω，当把该交流发电机接在如图所示的含有理想变压器的电路中时，交流发电机的输出功率恰好最大，已知电流表是理想电流表，负载电阻R的阻值为5Ω，则下列说法正确的是A.负载电阻R消耗的电功率为45WB.理想变压器原、副线圈的匝数比为2:1C.通过负载电阻R的电流的频率为f=100HzD.电流表的示数为1.5A5．通电导线周围某点的磁感应强度B与导线中电流I成正比、与该点到导线的距离r成反比。
如图所示，两根相距为R的平行长直导线，通以大小分别为2I、I，方向相同的电流。
规定磁场方向垂直纸面向里为正，在Ox坐标轴上磁感应强度B随x变化的图线可能是。
高三物理月考试题及答案-甘肃定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三上学期第三次月考试卷
甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三（上）第三次月考物理试卷1．匀速运动的汽车上有一个苹果自由落下，关于苹果的运动下列说法正确的是（）A．在汽车上看苹果做自由落体运动B．在汽车上看苹果在下落的同时向车后运动C．在地面上看苹果做自由落体运动D．在地面上看苹果做平抛运动2．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．3．如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由无初速度滑下，重力加速度为g．当小圆环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（）A．Mg﹣5mg B．Mg+mg C．Mg+5mg D．Mg+10mg4．假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．则地球的密度为（）A．B．C．D．5．如图，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁．今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这一瞬间，以下说法正确的有（）A．球的速度为零，加速度为零B．球的速度为零，加速度大小为C．在弹簧第一次恢复原长之后，A才离开墙壁D．在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动6．如图所示，木块m沿固定的光滑斜面从静止开始下滑，当下降h高度时，重力的瞬时功率是（）A．mg B．mgcosθC．mgsinθD．mgsinθ7．一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度为v，若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v，对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前两次克服摩擦力所做的功，则（）A．W F2＞4W F1，W f2＞2W f1B．W F2＞4W F1，W f2=2W f1C．W F2＜4W F1，W f2=2W f1D．W F2＜4W F1，W f2＜2W f18．一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端．已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定．若用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是（）A． B．C．D．9．为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：（2）若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是．A．m=5g B．m=15g C．m=40g D．m=400g（3）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式为．（用△t1，△t2，D，x表示）10．用图甲所示装置验证机械能守恒定律时，所用交流电源的频率为50Hz，得到如图乙所示的纸带．选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出A点距起点O的距离为s0=19.00cm，点A、C间的距离为s1=8.36cm，点C、E间的距离为s2=9.88cm，g取9.8m/s2，测得重物的质量为1kg．（1）下列做法正确的有．A．图甲中两限位孔必须在同一竖直线上B．实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直C．实验时，先放手松开纸带，再接通打点计时器电源D．数据处理时，应选择纸带上距离较近的两点作为初、末位置（2）选取O、C两点为初末位置研究机械能守恒．重物减少的重力势能是J，打下C点时重物的速度是m/s．（结果保留三位有效数字）（3）继续根据纸带算出各点的速度v，量出下落距离s，以为纵轴、以s为横轴画出的图象，应是图丙中的．（4）实验中，重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，写出一条产生这一现象的原因．11．如图所示，在倾角为37°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点，测得AB两点间的距离是75m，g取10m/s2．求：（1）物体抛出时速度的大小；（2）落到B点时的速度大小（结果带根号表示）．12．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图．整个轨道在同一竖直平面内．表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切，A点距水面的高度为H，圆弧轨道BC 的半径为R．圆心O恰在水面，一质量为m的游客（视为质点）可从轨道AB上任意位置滑下，不计空气阻力．（1）若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面D点，OD=2R，求游客滑到的速度v B大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f．（2）若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．（提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m）13．一质量为m=0.4kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的v ﹣t图象的一部分，已知0.4s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最大，t=2s 时刻关闭发动机，玩具车开始做匀减速运动最终停止．小汽车全过程中所受阻力可视为恒定．（1）关闭发动机后小车运动的时间；（2）求匀加速阶段小汽车的驱动力；（3）估算全过程小汽车行驶的距离．答案1.【考点】参考系和坐标系．【分析】苹果从火车上自由落下，在水平方向上与火车有相同的速度，根据运动的合成与分解即可判断．【解答】解：A、以火车为参考系，火车的速度为零，在水平方向上苹果与火车有速度相同，所以苹果的水平方向速度为零，即苹果做自由落体运动，故A正确，B错误；C、以地面为参考系，在水平方向上与火车有相同的速度，所以苹果水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，合运动为平抛运动，故C错误，D正确．故选：AD【点评】选取的参考系不同，观察同一种运动的结果可能就不一样，难度不大，属于基础题．2.【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=，据题有：=mgh，联立解得：v=，则cosα==，得：α=．故选：B．【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解．3.【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的拉力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小．【解答】解：小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m，得：F=mg+m，小环从最高到最低，由动能定理，则有：；对大环分析，有：T=F+Mg=m（g+）+Mg=5mg+Mg．故C正确，A、B、D错误．故选：C【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．4.【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据万有引力等于重力，则可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解．【解答】解：在两极，引力等于重力，则有：mg0=G，由此可得地球质量M=，在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：G﹣mg=m，而密度公式，ρ==，故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式．5.【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先分析原来弹簧的弹力大小，再分析突然将F撤去瞬间，两球的受力情况，求解加速度．将F撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化．在弹簧第一次恢复原长时，A才离开墙壁．在A离开墙壁后，A向右做加速运动、B向右做减速运动【解答】解：A、B撤去F前，弹簧的弹力大小等于F，将F撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化，则知A球的受力情况没有变化，其合力仍为零，加速度为零，B球的合力大小等于F，方向方向向右，则其加速度大小为．故A错误，B正确．C、在弹簧第一次恢复原长后，弹簧对A有向右的拉力，A才离开墙壁．故C正确．D、在A离开墙壁后，弹簧伸长，则A向右做加速运动、B向右做减速运动．故D错误．故选：BC【点评】本题是瞬间问题，分析状态变化前后弹簧的弹力是关键，根据弹簧的弹力，分析两球的运动情况6.【考点】功率、平均功率和瞬时功率；机械能守恒定律．【专题】功率的计算专题．【分析】由机械能守恒定律可求得木块下滑的高度，由功率公式可求得重力瞬时功率．【解答】解：由机械能守恒得：mgh=mv2；物体的速度v=；则重力的功率P=mgvsinθ=mgsinθ；故选D．【点评】功率公式P=Fv应注意公式里的速度为与力F方向一致的速度，若不在同一直线上，可以将速度进行分解，功率为力与沿力的方向上分速度的乘积．7.【考点】功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】根据动能定理，结合运动学公式，求出滑动摩擦力做功，从而求得结果．【解答】解：由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比为S1：S2==1：2；两次物体所受的摩擦力不变，根据力做功表达式，则有滑动摩擦力做功之比W f1：W f2=fS1：fS2=1：2；再由动能定理，则有：W F﹣W f=；可知，W F1﹣W f1=；W F2﹣W f2=4×；由上两式可解得：W F2=4W F1﹣2W f1，故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】考查做功表达式的应用，掌握动能定理的内容，注意做功的正负．8.【考点】加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】摩擦力恒定，物体沿斜面下滑时做初速度为零的匀变速直线运动，根据初速度为零匀变速直线运动中合力、速度、位移和机械能所时间变化特点可解答本题．【解答】解：A、物体在斜面上运动时做匀加速运动，根据牛顿第二定律可知，其合外力恒定，故A正确；B、在v﹣t图象中，斜率表示加速度大小，由于物体做匀加速运动，因此其v﹣t图象斜率不变，故B错误；C、物体下滑位移为：x=at2，根据数学知识可知，其位移与时间图象为抛物线，故C错误；D、设开始时机械能为E总，根据功能关系可知，开始机械能减去因摩擦消耗的机械能，便是剩余机械能，即有：E=E总﹣fs=E总﹣f•at2，因此根据数学知识可知，机械能与时间的图象为开口向下的抛物线，故D错误．故选：A．【点评】对于图象问题要明确两坐标轴、斜率的含义等，对于比较复杂的图象问题可以利用物理规律写出两个物理量的函数关系式，根据数学知识进一步判断图象性质．9.【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】分析：（1）明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；（2）根据牛顿第二定律可以推导出滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等的条件，根据实验目的可知需要测量的数据；（3）光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替即v=，再根据运动学公式即可求出物体的加速度a．【解答】解答：解：（1）气垫导轨可以认为是光滑的，在判断其是否水平时可以采取的方法是：接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止说明导轨是光滑的，或接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动．取下牵引砝码，M 放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间△t都相等．（2）在该实验中实际是：mg=（M+m）a，要满足mg=Ma，应该使砝码的总质量远小于滑块的质量．若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，m4=400g不能满足，故选D．（3）根据遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替得通过第一个光电门的速度为：v1=通过第二个光电门的速度为：v2=根据运动学公式，则加速度为：a==故答案为：（1）取下牵引砝码，M放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间△t都相等；（2）D；（3）．【点评】点评：明确实验原理以及相应的物理规律，熟悉具体操作，提高应用基本物理规律解决问题的能力．10.【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）了解实验中的注意事项后分析解答．（2）重物减少的重力势能为mgh，根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可以求出打下记数点C时的速度大小；（3）根据可知，﹣s的图象应为过原点的直线；（4）由于空气阻力和摩擦力阻力的作用重物减小的重力势能总是略大于增加的动能．【解答】解：（1）A、为了减小纸带与限位孔之间的摩擦图甲中两限位孔必须在同一竖直线，A正确．B、为了保证纸带在竖直方向做自由落体，实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直，B 正确．C、实验时，先接通打点计时器电源再放手松开纸带，故C错误．D、为了减小测量数据h的相对误差，数据处理时，应选择纸带上距离较远的两点作为初、末位置，D错误．故选：AB．（2）重物减少的重力势能为：△E p=mgh=mg（s0+s1）=1kg×9.8m/s2×（19.00+8.36）×10﹣2m≈2.68Jv c==2.28m/s（3）根据可知，﹣s的图象应为过原点的直线，C正确、ABD错误．故选：C（4）由于阻力的作用重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，这里的阻力主要来源于重物受到的空气阻力和纸带与打点计时器之间的摩擦阻力．故答案为：（1）AB；（2）2.681，2.28；（3）C；（4）重物受到空气阻力或纸带与打点计时器之间的摩擦阻力【点评】本题考查了验证机械能守恒定律中的数据处理方法，以及有关误差分析，要学会根据可能产生误差的原因进行分析．11.【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间，结合水平位移求出平抛运动的初速度，根据速度公式求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出落到B点的速度．【解答】解：（1）由题意可得：Lcos37°=v0t，，代入数据解得：v0=20m/s，t=3s、（2）物体落到B点的竖直分速度为：v y=gt=10×3m/s=30m/s，根据平行四边形定则知：m/s=10m/s答：（1）物体抛出时速度的大小为20m/s；（2）落到B点时的速度大小为10m/s．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．12.【考点】动能定理；平抛运动；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）游客从B点开始做平抛运动，将运动分解，即可求出游客到达B的速度，A 到B的过程中由动能定理即可求出运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f．（2）设OP与OB最近的夹角是θ，在P点离开轨道时，轨道对游客的支持力是0，由重力指向圆心的分力提供向心力，结合机械能守恒与向心力的表达式即可求解．【解答】解：（1）游客从B点开始做平抛运动，则：2R=v B t联立得：从A到B的过程中重力与摩擦力做功，由动能定理得：得：W f=mg（2R﹣H）；（2）设OP与OB最近的夹角是θ，游客在P点时的速度为v P，受到的支持力为N，B到P的过程中只有重力做功，机械能守恒，得：在P点，根据向心力公式，有：mgcosθ﹣N=，又知N=0，cosθ=，联立相关公式得：答：（1）游客滑到的速度v B大小是，运动过程轨道摩擦力对其所做的功是mg（2R﹣H）．（2）P点离水面的高度是．【点评】该题中正确判断出游客在P点离开轨道时，轨道对游客的支持力是0，由重力指向圆心的分力提供向心力是解题的关键．13.【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据图象，利用加速度定义，可求得关闭发动机后的加速度，根据速度公式可求时间根据图象求得0﹣0.4s内的加速度，利用牛顿第二定律列式求解牵引力F分段求出：0﹣0.4s内的位移，0.4﹣2s内的位移，2s以后的位移，三段位移之和即所求距离【解答】解：设2s后小汽车加速度为a2，根据图象可得a2==﹣2m/s2设减速阶段时间为t，由v t﹣v0=at解得：t==4s（2）设0﹣0.4s内，小汽车加速度为a1a1===10m/s2根据牛顿第二定律得：F﹣f=ma1关闭发动机后，f=ma2代入数据解得：F=4.8N（3）0﹣0.4s内的位移：x1===0.8m根据图象可得：0.4﹣2s内的位移x2==11.2m2s以后的位移：x3===16m故小车的总位移：x=x1+x2+x3代入数据可得：x=28m答：（1）关闭发动机后小车运动的时间为4s：（2）匀加速阶段小汽车的驱动力为4.8N：（3）全过程小汽车行驶的距离为28m．【点评】本题关键根据图象，分段研究小车的运动，要求能够熟练应用牛顿第二定律和运动学公式，难度适中．。
2016届高三上学期第一次月考物理试题(附答案)
高三年级第一学期第一次月考物理试题一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，1-5小题只有一个选项符合题目要求，6-10小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．关于力学单位制说法中正确的是( )A．kg、m/s、N是导出单位B．kg、m、J是基本单位C．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是gD．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F＝ma2．甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若从该时刻开始计时，得到两车的位移图象如图所示，则下列说法正确的是()A．t1时刻甲车从后面追上乙车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．从0时刻到t1时刻的时间内，两车的平均速度相等3．我国道路安全部门规定：在高速公路上行驶的汽车的最高速度不得超过120 km/h.交通部门提供下列资料．资料一：驾驶员的反应时间为0.3 s～0.6 s资料二：各种路面与轮胎之间的动摩擦因数如下表所示.根据以上资料，通过计算判断，汽车行驶在高速公路上时，两车间的安全距离最接近() A．100 m B．200 m C．300 m D．400 m4．如图所示，上方固定有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上，在盒子内放有光滑球B，B的直径略小于盒子内侧前后壁间的距离。
现使斜劈A在斜面体C上静止不动，此时盒子内侧的M、N点对球B均无压力。
以下说法中正确的是A．若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则M点对球B有压力B．若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则N点对球B有压力C．若C的斜面粗糙，且斜劈A沿斜面匀速下滑，则M点对球B有压力D．若C的斜面粗糙，且斜劈A沿斜面匀速下滑，则N点对球B有压力5．如图6所示，质量为m的球置于斜面上，被一个固定在斜面上的竖直挡板挡住．现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是()A．若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零B．若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零C．斜面和挡板对球的弹力的合力等于maD．斜面对球的弹力不仅有，而且是一个定值6．如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用力F拉住，绳与竖直方向夹角为θ，小球处于静止状态．设小球受支持力为F N，则下列关系正确的是()．A．F＝2mg cos θB．F＝mg cos θC．F N＝2mg D．F N＝mg7．不同材料之间的动摩擦因数是不同的，例如木与木的动摩擦因数是0.30，木与金属之间的动摩擦因数是0.20。
甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三理综第三次月考试题(无答案)
马营中学2015—2016学年度高三级第3次月考理科综合试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷(共126分)以下数据可供解题时参考：相对原子质量（原子量）：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 Ba-137一、选择题(本题包括13小题。
每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意) 1．关于细胞结构和功能的说法中，正确的是A．所有细胞中核糖体的形成都与核仁密切相关B．神经细胞有细胞周期，其化学成分在不断更新C．葡萄糖、RNA、蛋白质都可以在叶绿体中合成D．线粒体分解葡萄糖产生CO2和H2O2．下列有关ATP的叙述，正确的是A．机体在运动时消耗ATP，睡眠时不消耗ATPB．淀粉酶催化淀粉水解为麦芽糖不需要ATP提供能量C．线粒体和叶绿体合成ATP都依赖氧D．静息电位形成中K+从细胞内到细胞外需要ATP提供能量3．下列变异属于基因重组的是A．同胞兄妹间存在遗传差异B．动物细胞在分裂过程中突破“死亡”的界限，成为不死的癌细胞C．姐妹染色单体的交叉互换D．显微镜下观察某人处于分裂状态的细胞，发现细胞两极所含的染色体数目不同4．关于免疫调节的叙述，正确的是A．免疫系统由免疫器官、淋巴细胞、淋巴因子和抗体组成B．记忆细胞在受到相应抗原刺激时细胞周期会缩短C．二次免疫时，浆细胞是由B细胞受到抗原刺激后增殖、分化产生的D．当抗原侵入宿主细胞时，细胞免疫才开始发挥作用5．关于生物进化的叙述，错误的是A．生物的种间竞争是一种选择过程B．地理隔离可阻止种群间的基因交流，种群基因库间的差异导致种群间产生生殖隔离 C．人类种群中，控制一对相对性状的各种基因型频率的改变说明人类在不断进化D．共同进化的过程也是生物多样性形成的过程6.内环境稳态是维持机体正常生命活动的必要条件，下列相关叙述正确的是A.内环境主要由血浆、组织液、淋巴组成，激素、呼吸酶、血浆蛋白都属于内环境的成分B.维持内环境中Na+、K+浓度的相对稳定有利于维持神经细胞的正常兴奋性C．流感病毒的入侵一定会破坏人体内环境的稳态D．人体散失水分过多会导致下丘脑中的神经中枢产生渴觉7．中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是A．用胆矾炼铜 B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷 D．打磨磁石制指南针8．下列说法正确的是A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba(NO3)2溶液可得到BaSO3和BaSO4。
甘肃省定西市通渭县第二中学2016届高三上学期第一次月考理科综合试卷(答案不全).pdf
通渭二中2015-2016年高三级第一次月考 理科综合试卷 一、选择题（每题只有一个选项符合题意，每题6分，共96分） 1.组成细胞的元素和化合物是生命活动的物质基础，下列关于细胞内元素和化合物的叙述，错误的是（ ） A．组成细胞干重中含量最多的化学元素是碳 B．磷是磷脂、ATP、DNA等的组成元素，是组成生物体的大量元素 C．线粒体、叶绿体和核糖体中都能产生水 D．在人的一生中，细胞中的自由水/结合水的值逐渐上升 2.胃蛋白酶是胃中唯一的蛋白水解酶，下列关于该酶的说法正确的是( ) A．该酶的作用是将蛋白质水解为氨基酸 B．该酶离开胃进入小肠后将失去催化作用 C．该酶具有高效性主要是因为它在胃内可以多次发挥作用 D．动物细胞培养常用该酶处理组织将细胞分散开来 3.下图为生物细胞内ATP形成及水解图，图中a表示氧化分解过程，X表示相关物质。
下列与此图相关的叙述中正确的是( ) A．a过程的完成一定伴随H2O和CO2的生成 B．酶①和酶②的分子结构相同 C．丙中含有一个普通磷酸键，而戊可用于ATP的合成 D．人体内肾上腺素和甲状腺激素不影响图中a过程 4.在观察藓类叶片细胞的叶绿体、观察DNA在口腔上皮细胞中的分布、观察植物细胞的质壁分离与复原三个实验中，其共同点是（ ） A．都要用到显微镜 B．都要对实验材料进行染色 C．提高温度都能使实验现象更明显 D．都要使实验材料保持活性 5.某些植物在早春开花时，花序细胞的耗氧速率高出其他细胞100倍以上，但单位质量葡萄糖生成ATP的量却只有其他细胞的40%，此时的花序细胞( ) A．主要通过无氧呼吸生成ATP B．产生的热量远多于其他细胞 C．线粒体基质不参与有氧呼吸 D．没有进行有氧呼吸第三阶段 6.下图曲线b表示在最适温度、最适pH条件下，反应物浓度与酶促反应速率的关系。
据图分析正确的是( ) A．增大pH，重复该实验，A、B点位置都不变 B．B点后，适当升高温度，曲线将出现c所示变化 C．酶量增加—倍，酶促反应速率可用曲线a表示 D．反应物浓度是限制曲线AB段酶促反应速率的主要因素 7.下列有关实验操作错误的是（ ）A.用药匙取用粉末状或小颗粒状固体B.用胶头滴管滴加少量液体C.给盛有2/3体积液体的试管加热D.倾倒液体时试剂瓶标签面向手心 8.在蒸馏实验中，下列叙述不正确的是（ ） A.在蒸馏烧瓶中盛约1/3体积的自来水，并放入几粒沸石 B.将温度计水银球插入自来水中C.冷水从冷凝管下口入，上口出D.收集蒸馏水时，应弃去开始馏出的部分 9.下列溶液中溶质的物质的量浓度为1 mol/L的是（ ）A.将40g 氢氧化钠溶于1 L水中B.将22.4L氯化氢气体溶于水配成1L溶液 C.将1L 10 mol/L的浓盐酸与9L水混合 D.将10g氢氧化钠溶解于水中配成250ml溶液 10.下列叙述正确的是（ ） A.1 mol任何气体的体积都约为22.4L B.1 mol任何物质在标准状况下所占的体积都约是22.4L C.标准状况下，1 mol水所占的体积是22.4L D.标准状况下，22.4L的任何气体的物质的量都是1 mol 11.溶液、胶体和浊液这三种分散系的根本区别是（ ）A.分散质的粒子是否为大量分子或离子的集合体B.能否透过滤纸C.分散质微粒直径的大小D.是否均一、稳定、透明 12.下列有关溶液和胶体的叙述正确的是（ ） A.溶液是电中性的，胶体是带电的 B.通电时，溶液中的溶质粒子向两极移动，胶体中的分散质粒子向某一极移动 C.溶液中溶质分子的运动有规律，胶体中分散质粒子的运动无规律 D.一束光线分别通过溶液和胶体时，后者会出现明显的光带，前者则没有 13.在溶液中能大量共存的一组离子或分子A. NH4＋、H＋、NO3－、HCO3－B. K＋、Al3＋、SO42－、NH3·H2OC. Na＋、K＋、SO32－、Cl2D. Na＋、CH3COO－、CO32－、OH－ 14.下列表示对应化学反应的离子方程式正确的是（ ） A.FeCl3与Cu的反应：Cu + Fe3+=Cu2+ + Fe2+ B.NO2与水的反应：3NO2 + H2O=2NO3－+ NO + 2H+ C.醋酸溶液与水垢中的CaCO3反应：CaCO3 + 2H+=Ca2++ H2O+ CO2↑ D.向NaAlO2溶液中通入过量的CO2：2AlO2－+ CO2 + 3H2O=2Al(OH)3↓+ CO32－ 15.设NA为阿伏加德罗常数，则下列叙述不正确的是A.在标准状况下，22.4LC6H14所含分子数为NA Bl2相比，H2的分子数多 C.2.3g金属Na变成Na+时失去的电子数目为0.1NA D.在1L0.1mol/L的HAc溶液中，所含Ac－与HAc之和为0.1NA铅笔的成分是石墨和黏土，按照不同的比例加以混和压制成1mg。
甘肃省定西市通渭县马营中学高三物理上学期第一次月考试卷(含解析)
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为( )A．100m/s2，方向向右B．100m/s2，方向向左C．500m/s2，方向向左D．500m/s2，方向向右2．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）( )A．三个 B．四个 C．五个 D．六个3．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为( )A．B．m C．m D．2m4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )A．N处受到的支持力竖直向上B．M处受到的支持力竖直向上C．N处受到的摩擦力沿水平方向D．M处受到的摩擦力沿MN方向5．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是( )A．B．C．D．6．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙能追上甲B．t=20 s时，乙追上了甲C．在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离7．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )A．F fa大小改变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右8．用一轻绳将小球P系于墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．在墙壁和球之间夹有一矩形Q，P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )A．Q受到2个力B．小球P受到物块Q的弹力是因为小球P发生形变引起的C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小二、本卷包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=__________m/s2，打C点时物块的速度v=__________m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是__________（填正确答案标号）A．物块的质量 B．斜面的高度 C．斜面的倾角．10．某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示；一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指同0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如下表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm．P1P2P3P4P5P6x0（cm） 2.04 4.06 6.06 8.05 10.03 12.01x（cm） 2.64 5.26 7.81 10.30 12.93 15.41n 10 20 30 40 50 60k（N/m）163 ①56.0 43.6 33.8 28.81/k（m/N）0.0061 ②0.0179 0.0229 0.0296 0.0347（1）将表中数据补充完整：①__________，②__________．（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k﹣n图象．（3）图（b）中画出的直线可以近似认为通过原点，若从试验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系表达式为k=__________N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系表达式为k=__________N/m．11．如图所示，人重600N，木块A 重400N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力；（2）人脚对A的摩擦力的方向和大小．12．最近某报道称某一段道路上，有一辆汽车和自行车追尾相撞事件，情况是这样的：当时汽车正以v=72km/h速度向前行使，司机发现正前方△x=45m处有一以v=6km/h的速度与汽车同方向匀速行驶的自行车，司机以a=2m/s2的加速度开始刹车，最终还是发生了追尾事故，请你判断一下停下此新闻是真是假．某同学解法如下：汽车速度减小为0所用时间t==10s在10s内汽车前进的位移为X1==100m10s内自行车前进的位移为x2=vt=60m由于x2+△x=105m＞x1所以汽车停止运动时，自行车位于汽车之前，所以该同学从中得出不可能发生车祸．由此判断此新闻是假的．（1）你认为该同学判断是否正确，请分析之．（2）如果发生追尾事故，请你计算出从汽车减速到两车追尾所有的时间；如果不发生追尾事故，请你计算出两车运动过程中的最小距离．(二）选考题【物理--选修3-3】13．2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯•鲍姆加物纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为f=kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的v﹣t图象如图所示，若该运动员和所带装备的总质量m=100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字）2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为( )A．100m/s2，方向向右B．100m/s2，方向向左C．500m/s2，方向向左D．500m/s2，方向向右【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=进行求解．【解答】解：规定水平向右为正方向．根据加速度的定义式a=得：a=m/s2=﹣500m/s2负号表明加速度方向与正方向相反，即水平向左．故选C．【点评】在进行矢量式运算时，我们要先规定正方向，与正方向相同的取正值，与正方向相反的取负值．2．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）( )A．三个 B．四个 C．五个 D．六个【考点】竖直上抛运动．【分析】小球做竖直上抛运动，先求解出小球运动的总时间，然后判断小球在抛出点以上能遇到的小球数．【解答】解：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，根据位移时间关系公式，有：代入数据，有：解得：t=0（舍去）或 t=1.2s每隔0.2s抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：N=故选：C．【点评】本题关键明确第一个小球的运动情况，然后选择恰当的运动学公式列式求解出运动时间，再判断相遇的小球个数．3．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为( )A．B．m C．m D．2m【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A受力分析，运用共点力平衡条件求出细线的拉力；再对B受力分析，再次运用共点力平衡条件求出B的质量．【解答】解：先对A受力分析，再对B受力分析，如图根据共点力平衡条件，有mgsin30°=T解得M=故选A．【点评】本题关键是先后对物体A、B受力分析，根据共点力平衡条件，结合合成法或正交分解法列式求解．4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )A．N处受到的支持力竖直向上B．M处受到的支持力竖直向上C．N处受到的摩擦力沿水平方向D．M处受到的摩擦力沿MN方向【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误．【解答】解：A、M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故A错误B正确；C、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故C错误．D、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故D错误；故选：B．【点评】解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题．支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物．静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反．5．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．【解答】解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，物体先沿正向运动，后沿负向运动，最后回到了初始位置，故A正确；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故不可能回到初始位置，故B错误；C、物体在第1s内沿正方向运动，第2s内继续沿正向运动，故2s末物体没有回到初始位置，故C错误；D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选：ACD．【点评】图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．6．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙能追上甲B．t=20 s时，乙追上了甲C．在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】速度图象反映物体速度随时间的变化情况，可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化．【解答】解：A、由图可知：乙在0﹣10s内速度为零，甲先出发，但乙出发后做匀加速直线运动，甲做匀速直线运动，在t=20s前，甲比乙运动快，在t=20s后，乙比甲运动快，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲．故A错误．BCD、在10﹣20s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大；20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小，在t=20s时刻两者距离最大．故BD错误，C正确．故选：C【点评】本题既考查理解速度图象的能力，也考查分析两物体运动情况的能力，往往当两物体速度相等时，相距最远或最近．7．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )A．F fa大小改变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对初始状态进行受力分析，剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力未发生变化，根据此时物体的受力情况确定摩擦力的大小和方向．【解答】解：初始状态，a在水平方向上受绳子拉力、弹簧的弹力还有摩擦力处于平衡，b受弹簧的弹力和绳子的拉力处于平衡．右侧细绳剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，a仍然受三个力作用，摩擦力的大小和方向不变，而b受到向左的弹力，将受到向右的摩擦力．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】本题属于牛顿第二定律的瞬时问题，关键抓住剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变．8．用一轻绳将小球P系于墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．在墙壁和球之间夹有一矩形Q，P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )A．Q受到2个力B．小球P受到物块Q的弹力是因为小球P发生形变引起的C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对小球P受力分析，受重力、拉力和支持力，共三个力；再对小方块Q受力分析，受压力、支持力、重力和向上的静摩擦力，共4个力；最后再次对P受力分析，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件列方程，求出拉力的一般表达式进行讨论．【解答】解：A、对物块Q受力分析，受重力、压力、支持力和向上的静摩擦力，共4个力，故A错误；B、根据弹力产生的特点可知，小球P受到物块Q的弹力是因为物块Q发生形变引起的．故B 错误；C、由A的分析可知，物块在竖直方向受到重力和摩擦力的作用，摩擦力的大小与重力相等，方向与重力相反，与绳子的长度无关．故C错误；D、对P受力分析，受拉力、重力和支持力，如图所示根据平衡条件，有Tcosθ=mgTsinθ=N解得T=绳子变长，角度θ变小，故拉力T变小，故D正确；故选：D【点评】本题关键是能够灵活地选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件列方程求解．二、本卷包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=3.25m/s2，打C点时物块的速度v=1.79m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是C（填正确答案标号）A．物块的质量 B．斜面的高度 C．斜面的倾角．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素；测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】（1）根据△x=aT2可求加速度，根据求解C点的速度；（2）对滑块根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因素的表达式进行分析即可．【解答】解：（1）根据△x=aT2，有：解得：a===3.25m/s2打C点时物块的速度：v=m/s=1.79m/s（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma解得：μ=故还需要测量斜面的倾角，故选：C；故答案为：（1）3.25，1.79；（2）C．【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．10．某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示；一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指同0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如下表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm．P1P2P3P4P5P6x0（cm） 2.04 4.06 6.06 8.05 10.03 12.01x（cm） 2.64 5.26 7.81 10.30 12.93 15.41n 10 20 30 40 50 60k（N/m）163 ①56.0 43.6 33.8 28.81/k（m/N）0.0061 ②0.0179 0.0229 0.0296 0.0347（1）将表中数据补充完整：①81.7，②0.0122．（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k﹣n图象．（3）图（b）中画出的直线可以近似认为通过原点，若从试验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系表达式为k=N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系表达式为k=N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）弹簧的圈数相同的情况下，劲度系数是相同的，根据P2的示数，利用胡克定律即可以求得此时的劲度系数的大小；（2）应用描点法作出得出对应的图象；（3）根据得出的图象进行分析，根据图象的性质可明确对应的表达式．【解答】解：（1）根据P2的示数可知，P2部分的原长为4.06cm，拉伸后的长度为5.26cm，根据胡克定律可得，k===81.7N/m，倒数为=0.0122；（2）根据表中的数据画出图象，如图所示：（3）根据得到的图象可知，=，解得，k=；从题中的数据可以发现，劲度系数与自由长度的乘积近似相等，即kl1=3.47，所以弹簧的劲度系数k与其自由长度l1（单位为m）的关系的表达式为k=．故答案为：（1）81.7，0.0122，（2）如图所示；（3）（在～之间都可以）；（在～之间都可以）．【点评】本题关键根据胡克定律得到弹簧弹力和长度的关系公式，分析得到图象的物理意义，最后结合图象求解劲度系数．11．如图所示，人重600N，木块A 重400N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力；（2）人脚对A的摩擦力的方向和大小．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、人受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：（1）对人和木块整体受力分析，受重力（M+m）g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有：2F﹣f=0N﹣（M+m）g=0其中f=μN解得f=200NF=100N（2）对人受力分析，受重力、木块的支持力、绳子的拉力F、向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，绳子的拉力与静摩擦力平衡等于100N，故由牛顿第三定律知，人的脚给木块摩擦力向右，大小为100N．答：（1）人对绳的拉力为100N；（2）人脚对A的摩擦力的方向向右，大小为100N．【点评】本题关键先后对人和木块整体、人受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．12．最近某报道称某一段道路上，有一辆汽车和自行车追尾相撞事件，情况是这样的：当时汽车正以v=72km/h速度向前行使，司机发现正前方△x=45m处有一以v=6km/h的速度与汽车同方向匀速行驶的自行车，司机以a=2m/s2的加速度开始刹车，最终还是发生了追尾事故，请你判断一下停下此新闻是真是假．某同学解法如下：汽车速度减小为0所用时间t==10s在10s内汽车前进的位移为X1==100m10s内自行车前进的位移为x2=vt=60m由于x2+△x=105m＞x1所以汽车停止运动时，自行车位于汽车之前，所以该同学从中得出不可能发生车祸．由此判断此新闻是假的．（1）你认为该同学判断是否正确，请分析之．（2）如果发生追尾事故，请你计算出从汽车减速到两车追尾所有的时间；如果不发生追尾事故，请你计算出两车运动过程中的最小距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；追及、相遇问题．【分析】（1）该同学判断不正确，理由是对能否发生车祸的临界条件把握不够，汽车速度大于自行车速度，判断是否发生车祸的临界条件是汽车速度减小至与自行车速度相同时，看位移是否满足汽车位移大于自行车位移与两车距离之和，而不是以汽车速度减至为0为判断依据．（2）当两车的速度相等时相距最近，根据速度公式求出时间，再由位移公式求解最小距离．【解答】解：（1）该同学判断不正确，正确的做法应该是：根据速度位移关系知，汽车速度减至与自行车速度相等时汽车的位移为：x1==m=91m此过程中经历的时间为：t==s=7s所以此过程中自行车的位移为：x2=vt=6×7m=42m由于x1＞x2+△x=42m+45m=87m，所以会发生车祸．（2）由上知两车将发生追尾相撞，设从汽车减速开始到两车追尾所用时间为t′，则有：v0t′+=vt′+△x代入得：20t′+t′2=6t′+45解得：t1′=5s，t2′=9s＞t=7s，不合理，舍去．答：（1）该同学判断不正确，会发生车祸．（2）从汽车减速开始到两车追尾所用时间是5s．【点评】解决本题的关键是对于相遇临界条件的把握，当汽车速度减小至比自行车速度还小时，肯定不会发生车祸，真正的临界条件是两车速度相等时是否发生车祸是关键．(二）选考题【物理--选修3-3】13．2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯•鲍姆加物纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为f=kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的v﹣t图象如图所示，若该运动员和所带装备的总质量m=100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）忽略空气阻力，运动员做自由落体运动，根据速度时间关系公式和位移时间关系公式列式后联立求解即可；（2）由图象得到最大速度，然后根据平衡条件列式求解即可【解答】解：（1）设运动员从开始自由下落至1.5km高度处的时间为t，下落距离为S，在1.5km 高度出的速度为v，根据运动学公式，有：v=gt…①s=gt2…②根据题意，有：s=39km﹣1.5km=37.5km=37500m…③联立①②③解得：t=87s，v=870m/s；（2）该运动员达到最大速度v max时，加速度为零，根据牛顿第二定律，有：mg=k…④由所给的v﹣t图象可读出：v max≈360m/s…⑤联立④⑤解得：k=0.008kg/m．答：（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小为870m/s（2）该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数0.008kg/m【点评】本题关键是明确运动员的受力情况和运动情况，知道当阻力与重力平衡时，运动员的速度达到最大值，不难。
甘肃高三高中物理月考试卷带答案解析
甘肃高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列叙述中，符合物理学史实的是A．法拉第最先发现电流的磁效应B．伽利略推翻了力是维持物体运动的原因的观点C．楞次总结出了电磁感应定律D．库仑最早测出了元电荷e的数值2.设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为s．现有四个不同物体的运动图象如图所示，假设物体在t＝0时的速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是3.如图所示，匀强磁场B垂直于正方形导线框平面，且边界恰与线框重合，导线框各边电阻均为r，现欲从磁场以相同速率匀速拉出线框，使线框边ab间电势差最大，则应沿何方向拉出A．沿甲方向拉出B．沿乙方向拉出C．沿丙方向拉出D．沿丁方向拉出4.如图所示，光滑斜面的倾角为θ=37°，一个可以看成质点的小球在轻质细线的拉力作用下静止在斜面上，细线与斜面间的夹角也为37°，若小球的重力为G，sin 37°=0．6，cos 37°=0．8，则手对细线的拉力等于A．G B．C．D．5.据报道，在太阳系之外发现了一颗可能适合人类居住的类地行星Gliese581C，天文学家观察发现绕Gliese581C 行星做圆周运动的卫星的轨道半径为月球绕地球做圆周运动的轨道半径的p倍，周期为月球绕地球做圆周运动的周期的q倍．已知地球半径为R，表面重力加速度为g．引力常量为G，则Gliese581C行星的质量为A．B．C．D．6.将两个质量均为m的小球a、b用细线相连悬挂于O点，用力F拉小球a，使整个装置处于平衡状态，且悬线Oa与竖直方向的夹角θ＝30°，如图所示，则F的大小A．可能为mg B．可能为mgC．可能为mg D．可能为mg做匀7.处于平直轨道上的甲、乙两物体相距s，乙在甲前且两物体同时、同向开始运动，甲以初速度v、加速度a1的匀加速直线运动，假设甲能从乙旁边通过，下述情况可能发生的加速直线运动，乙做初速度为零、加速度为a2是A．a1＝a2时，有可能相遇两次B．a1＞a2时，只能相遇一次C．a1＜a2时，有可能相遇两次D．a1＜a2时，有可能相遇一次8.质量为m的通电细杆放在倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆与导轨间的动摩擦因数为μ，有电流通过杆，杆恰好静止于导轨上，在如图3所示的A、B、C、D四个图中，杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是9.如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACDE（由细软导线制成）挂在两固定点A、D上，水平线段AD为半圆的直径，在导线框的E处有一个动滑轮，动滑轮下面挂一重物，使导线处于绷紧状态。
甘肃省通渭县马营中学2016届高三上学期第一次月考理综化学试卷 Word版无答案[
马营中学2015—2016学年度高三级第1次月考理科综合试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷(共126分)以下数据可供解题时参考：相对原子质量（原子量）：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 Ba-137一、选择题(本题包括13小题。
每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意)7、下列物质使用不涉及化学变化的是（）A.明矾用作净水剂B.液氨用作制冷剂C．氢氟酸刻蚀玻璃 D.生石灰作干燥剂8．下列关于同温同压下的两种气体12C18O和14N2的判断正确的（）A．体积相等时密度相等B．原子数相等时具有的中子数相等C．体积相等时具有的电子数相等D．质量相等时具有的质子数相等9.下列有关溶液组成的描述合理的是（）A．无色溶液中可能大量存在Al3+、NH4+、Cl‾、S2‾B．酸性溶液中可能大量存在Na+、ClO‾、SO42‾、I‾C．弱碱性溶液中可能大量存在Na+、K+、Cl‾、HCO3‾D．中性溶液中可能大量存在Fe3+、K+、Cl‾、SO42‾10. 能正确表示下列反应的离子方程式是A．Cl2通入NaOH溶液：Cl2＋OH－=Cl－＋ClO－＋H2OB．NaHCO3溶液中加入稀HCl：CO32－＋2H＋=CO2↑＋H2OC．AlCl3溶液中加入过量稀氨水Al3＋＋4NH3·H2O=AlO2－＋4NH4＋＋2H2O D．Cu溶于稀HNO3：3Cu＋8H＋＋2NO3－=3Cu2＋＋2NO↑＋4H2O11. 一定条件下硝酸铵受热分解的未配平化学方程式为：NH4NO3———HNO3＋N2＋H2O，在反应中被氧化与被还原的氮原子数之比为( )A. 1∶1B. 5∶4C. 5∶3D. 3∶512. 下列关于Na2CO3和NaHCO3的性质叙述中，错误的是（）A．等质量的Na2CO3和NaHCO3与足量的盐酸反应，在相同条件下Na2CO3产生CO2的体积小.B.等物质的量的两种盐与同浓度的盐酸反应，Na2CO3所消耗盐酸的体积是NaHCO3的2倍C.将石灰水加入NaHCO3溶液中不会产生沉淀，加入Na2CO3溶液中会产生沉淀D．等物质的量的Na2CO3和NaHCO3与足量的Ba(OH)2溶液反应，所得沉淀的质量相等13.分子式为C5H10O2并能和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物（不含立体异构）（）A.3B.4种C.5种D.6种26. （10分）为探究H2O2、SO2、Br2氧化性强弱，某小组同学设计如下实验（夹持及尾气处理装置已略去，气密性已检验）。
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三(上)第一次月考生物试卷(解析版)
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考生物试卷一、选择题（本题包括13小题．每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意）1．关于细胞的叙述，错误的是（）A．植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用B．动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关C．ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应D．哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖2．同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是（）A．二者所处的细胞周期不同B．二者合成的特定蛋白不同C．二者所含有的基因组不同D．二者核DNA的复制方式不同3．将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为a、b、c、d、e和f组（每组的细条数相等），取上述6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示．假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则（）A．实验后，a组液泡中的溶质浓度比b组的高B．浸泡导致f组细胞中液泡的失水量小于b组的C．a组细胞在蔗糖溶液中失水或吸水所耗A TP大于b组D．使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于0.4～0.5mol•L﹣1之间4．关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是（）A．磷酸是光反应中合成A TP所需的反应物B．光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与C．人体在剧烈运动时所需要的能量由乳酸分解提供D．病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量5．下列关于高倍显微镜的使用中，正确的（）A．因为藓类的叶片大，在高倍镜下容易找到，所以可以使用高倍物镜B．在低倍镜下找到叶片细胞，即可换高倍物镜C．换高倍物镜后，必须先用粗准焦螺旋调焦，再用细准焦螺旋调到物像清晰D．为了使高倍物镜下的视野亮一些，可使用最大的光圈或凹面反光镜6．下列细胞器在其生命活动过程中均可产生水的是（）①核糖体②叶绿体③中心体④线粒体．A．①②④ B．④C．②④D．③④二、解答题（共4小题，满分39分）7．某植物净光合速率变化趋势如图所示．据图回答下列问题：（1）当CO2浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为，CO2浓度在a～b之间时，曲线表示了净光合速率随CO2浓度的增高而增高．（2）CO2浓度大于c时，曲线B和C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是．（3）当环境中CO2浓度小于a时，在图示的3种光强下，该植物呼吸作用产生的CO2量（填“大于”、“等于”或“小于”）光合作用吸收的CO2量．（4）据图可推测，在温室中，若要采取提高CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑这一因素的影响，并采取相应措施．8．图A为某生物体细胞有丝分裂示意图，图B表示在一个细胞周期（G1、S、G2组成分裂间期，M 为分裂期）中的细胞核内DNA 含量的变化曲线；图C表示处于一个细胞周期中各个时期细胞数目的变化（用特殊的方法在一个培养基中测得的），请据图回答．（1）图A处于有丝分裂期，相当于B图（填字母）期．（2）此细胞在分裂末期能否出现细胞板，理由是．（3）C图中的DNA 含量为2C～4C 之间的细胞，处在B图的（填字母）期．（4）若A图是根尖分生区细胞，正处于营养液中，则在正常情况下，与其吸收矿质元素有关的细胞器主要是和，因为进行此生理活动需要前者提供，后者提供．9．根据图中化合物的结构分析回答：（1）该化合物叫肽，是由种氨基酸失去个水分子而形成的，这种反应称为．（2）假如上述氨基酸的平均分子量为X，则该化合物的分子量为．（3）请写出肽键的结构式：．（4）该化合物在（细胞器）上合成，其结构是由和组成．10．根据“生物组织中可溶性糖、脂肪、蛋白质的鉴定”实验，回答下列问题：（1）鉴定成熟苹果果肉中存在还原性糖所用的试剂是，该试剂与细胞内还原性糖发生作用，形成沉淀，因此，可用该试剂检验糖尿病人尿液中的含量．（2）鉴定花生子叶中脂肪的实验中，能将脂肪染成橘黄色的染液是，用其染色时，要用酒精冲洗浮色，这是因为．（3）本实验注意事项：①斐林试剂极不稳定，其甲液和乙液需，使用时再临时混合均匀用于实验．②双缩脲试剂的使用，应先加试剂，造成碱性环境，再加试剂．三、解答题（共1小题，满分15分）[生物--选修3：现代生物科技专题]）11．植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关．若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性．回答下列问题：（1）理论上，基因组文库含有生物的基因；而cDNA文库中含有生物的基因．（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中出所需的耐旱基因．（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过法将其导入植物的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株．要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的是否得到提高．（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，则可推测该耐旱基因整合到了（填“同源染色体的一条上”或“同源染色体的两条上”）．2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考生物试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括13小题．每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意）1．关于细胞的叙述，错误的是（）A．植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用B．动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关C．ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应D．哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖【考点】细胞膜的功能；糖类的种类及其分布和功能；A TP在生命活动中的作用和意义．【分析】本题主要考查细胞膜的知识．1、脂质：构成细胞膜的主要成分是磷脂，磷脂双分子层构成膜的基本骨架．2、蛋白质：膜的功能主要由蛋白质承担，功能越复杂的细胞膜，其蛋白质的含量越高，种类越多．①蛋白质的位置：有三种．镶在磷脂双分子层表面；嵌入磷脂双分子层；贯穿于磷脂双分子层．②种类：a．有的与糖类结合，形成糖被，有识别、保护、润滑等作用．b．有的起载体作用，参与主动运输过程，控制物质进出细胞．c．有的是酶，起催化化学反应的作用．3、特殊结构﹣﹣糖被：①位置：细胞膜的外表．②本质：细胞膜上的蛋白质与糖类结合形成的糖蛋白．③作用：与细胞表面的识别有关；在消化道和呼吸道上皮细胞表面的还有保护和润滑作用．4、细胞膜的功能：①将细胞与外界环境分开；②控制物质进出细胞；③进行细胞间的信息交流．【解答】解：A、胞间连丝是贯穿细胞壁沟通相邻细胞的细胞质连线，为细胞间物质运输与信息传递的重要通道，故A选项正确；B、细胞膜的外表的糖蛋白对于动物用保护润滑的作用，动物细胞间的粘着性也和其有关，因此癌细胞易扩散主要就是其表面的糖蛋白减少，故B选项正确；C、吸能反应一般与A TP水解的反应相联系，有ATP水解提供能量，故C选项正确；D、蔗糖是植物细胞特有与合成的，乳糖是动物细胞特有与合成的，比如哺乳动物的乳汁，故D选项错误．故选：D．【点评】本题主要考查学生对知识的理解和记忆能力．细胞膜的特征：①结构特征：具有一定的流动性．②功能特征：具有选择透过性．细胞膜的流动性是表现其选择透过性的结构基础．因为只有细胞膜具有流动性，细胞才能完成其各项生理功能，才能表现出选择透过性．相反，如果细胞膜失去了选择透过性，细胞可能已经死亡了．2．同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是（）A．二者所处的细胞周期不同B．二者合成的特定蛋白不同C．二者所含有的基因组不同D．二者核DNA的复制方式不同【考点】细胞的分化．【分析】1、人体内所有体细胞都是由同一个受精卵有丝分裂形成，都含有该生物全部的遗传物质．2、细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程．细胞分化的实质是基因的选择性表达，即不同细胞选择表达的基因不完全相同．【解答】解：A、神经细胞与肌细胞都已经高度分化，不再分裂，没有细胞周期，故A选项错误；B、神经细胞与肌细胞在功能上不同的根本原因是基因的选择性表达，即二者合成的特定蛋白不同，故B选项正确；C、神经细胞与肌细胞都是由同一个受精卵有丝分裂形成的，含有相同的基因组成，故C选项错误；D、核DNA的复制方式相同，都是半保留复制，故D选项错误．故选：B．【点评】本题考查细胞分裂和细胞分化的相关知识，要求考生识记细胞有丝分裂的结果，明确人体所有体细胞都是由同一个受精卵有丝分裂而来的，含有相同的遗传物质；识记细胞分化的概念，掌握细胞分化的根本原因，能准确判断各选项．3．将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为a、b、c、d、e和f组（每组的细条数相等），取上述6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示．假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则（）A．实验后，a组液泡中的溶质浓度比b组的高B．浸泡导致f组细胞中液泡的失水量小于b组的C．a组细胞在蔗糖溶液中失水或吸水所耗A TP大于b组D．使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于0.4～0.5mol•L﹣1之间【考点】细胞质壁分离与质壁分离复原现象及其原因．【分析】实验前长度/实验后长度的比值为1时，水分进出细胞达到平衡；比值小于1表明细胞吸水，且比值越小花冠吸水越多，则吸水量a＞b＞c；比值大于1表明细胞失水，且比值越大，花冠失水越多，则失水量d＜e＜f．【解答】解：A、据图可推知a组吸水多于b组，因此实验后a组细胞液中溶质浓度低于b组，故A 选项错误；B、比值小于1表明细胞吸水，则b组细胞吸水；比值大于1表明细胞失水，则f组细胞失水，因此浸泡导致f组细胞中液泡的失水量＞b组，故B选项错误；C、水分子进出细胞的方式是自由扩散，不消耗能量，故C选项错误；D、由c组吸水，d组失水知细条细胞液浓度介于0.4～0.5mol﹒L﹣1之间，故D选项正确．故选：D．【点评】本题考查渗透作用的相关知识，意在考查学生的识图和判断能力，属于中档题．4．关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是（）A．磷酸是光反应中合成A TP所需的反应物B．光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与C．人体在剧烈运动时所需要的能量由乳酸分解提供D．病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；细胞呼吸的过程和意义．【分析】光合作用光反应中主要有两个物质变化：H2O[H]+O2↑，ADP+Pi+能量ATP．光合作用过程中，光能的吸收、传递均不需要酶的催化．动物细胞无氧呼吸的产物是乳酸，乳酸在机体中不会再分解供能，会和体液中的碳酸氢钠反应中和，而排出体外．【解答】解：A、光合作用的光反应中有A TP的合成，合成ATP的原料包括ADP和Pi，A正确；B、光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与，B正确；C、人体在剧烈运动时所需要的能量由葡萄糖分解提供，此时肌肉细胞会进行无氧呼吸产生乳酸，而乳酸不能再分解供能，将会与碳酸氢钠生成乳酸钠排出体外，C错误；D、病毒没有细胞结构，只能在宿主细胞中代谢和繁殖，因此病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量，D正确．故选：C．【点评】本题考查了光合作用和呼吸作用的有关知识，意在考查考生的识记能力和理解能力，难度适中．要求考生能够识记光合作用过程中的物质变化；明确水的光解和光能的吸收不需要酶的催化；识记病毒的核酸和蛋白质均在宿主细胞中合成，需要消耗宿主细胞的能量和原料．5．下列关于高倍显微镜的使用中，正确的（）A．因为藓类的叶片大，在高倍镜下容易找到，所以可以使用高倍物镜B．在低倍镜下找到叶片细胞，即可换高倍物镜C．换高倍物镜后，必须先用粗准焦螺旋调焦，再用细准焦螺旋调到物像清晰D．为了使高倍物镜下的视野亮一些，可使用最大的光圈或凹面反光镜【考点】细胞观察实验．【分析】高倍显微镜的使用方法：1．选好目标：一定要先在低倍显微镜下把需进一步观察的部位调到中心，同时把物象调节到最清晰的程度，才能进行高倍显微镜的观察．2．转动转换器，调换上高倍镜头，转换高倍镜时转动速度要慢，并从侧面进行观察（防止高倍镜头碰撞玻片），如高倍显微镜头碰到玻片，说明低倍镜的焦距没有调好，应重新操作．3调节焦距：转换好高倍镜后，用左眼在目镜上观察，此时一般能见到一个不太清楚的物象，可将细准焦螺旋逆时针移动约0.5﹣1圈，即可获得清晰的物象（切勿用粗调节器）．【解答】解：A、显微镜下找物象时，必需用低倍显微镜，A错误；B、应在低倍镜下找到叶片细胞，将观察的目标移至视野中央，然后换高倍物镜观察结构，B错误；C、换高倍物镜后，不能用粗准焦螺旋调焦，只能用细准焦螺旋调节物像，C错误；D、为了使高倍物镜下的视野亮一些，可使用较大的光圈或凹面反光镜，D正确．故选：D．【点评】本题考查了高倍镜的使用方法，意在考查学生的理解和实验操作能力，试题难度一般．6．下列细胞器在其生命活动过程中均可产生水的是（）①核糖体②叶绿体③中心体④线粒体．A．①②④ B．④C．②④D．③④【考点】线粒体、叶绿体的结构和功能；细胞器中其他器官的主要功能．【分析】本题主要考查各种细胞器的结构和功能．1、核糖体有些附着在内质网上，有些游离在细胞质基质中，是细胞内合成蛋白质的场所．2、叶绿体是绿色植物细胞中重要的细胞器，其主要功能是进行光合作用．叶绿体由双层膜、类囊体和基质三部分构成．类囊体是一种扁平的小囊状结构，在类囊体薄膜上，有进行光合作用必需的色素和酶．许多类囊体叠合而成基粒．基粒之间充满着基质，其中含有与光合作用有关的酶．基质中还含有DNA．3、中心体存在于动物细胞和低等植物细胞中，与细胞的有丝分裂有关．4、线粒体普遍存在于真核细胞，是进行有氧呼吸和形成ATP的主要场所．线粒体有内外两层膜，内膜向内折叠形成嵴，嵴的周围充满了液态的基质．在线粒体的内膜上和基质中，有许多种与有氧呼吸有关的酶．在线粒体内还含有少量的DNA、RNA．【解答】解：①核糖体内进行蛋白质合成（脱水缩合）时产生水，①正确；②叶绿体内进行的光合作用产生水，②正确；③中心体与动物细胞有丝分裂有关，不产生水，③错误；④线粒体内进行的呼吸作用产生水，④正确．故选：A．【点评】本题考查了学生对各种细胞器功能的理解和辨析．可以进行归类记忆：与能量转换有关的细胞器：线粒体和叶绿体；含DNA的细胞器：线粒体和叶绿体；含色素的细胞器：叶绿体和液泡；植物特有的细胞器：叶绿体和液泡；动植物都有但功能不同的细胞器：高尔基体；与分泌蛋白合成和分泌有关的细胞器：核糖体、内质网、高尔基体、线粒体；与细胞有丝分裂有关的细胞器：核糖体、线粒体、中心体（动物细胞和低等植物细胞）、高尔基体（植物细胞）．二、解答题（共4小题，满分39分）7．某植物净光合速率变化趋势如图所示．据图回答下列问题：（1）当CO2浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为0，CO2浓度在a～b之间时，曲线A、B、C表示了净光合速率随CO2浓度的增高而增高．（2）CO2浓度大于c时，曲线B和C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是光强．（3）当环境中CO2浓度小于a时，在图示的3种光强下，该植物呼吸作用产生的CO2量大于（填“大于”、“等于”或“小于”）光合作用吸收的CO2量．（4）据图可推测，在温室中，若要采取提高CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑光强这一因素的影响，并采取相应措施．【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；影响光合作用速率的环境因素．【分析】影响光合作用的环境因素包括：光照强度、温度、二氧化碳浓度等．分析曲线图看出，本实验探究了二氧化碳浓度和光照强度对光合作用的影响，曲线中因变量为净光合速率，净光合速率=总光合速率﹣呼吸速率．【解答】解：（1）由图可知，当二氧化碳浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为0．二氧化碳浓度在a～b之间时，曲线ABC都表示了净光合速率随二氧化碳浓度的增高而增高．（2）当二氧化碳浓度大于c时，随着二氧化碳浓度的上升，BC曲线净光合速率不变，而在不同光照强度下不同，所以限制因素是光照强度．（3）当二氧化碳浓度小于a时，此时三条曲线的净光合速率均小于0，由于净光合速率=总光合速率﹣呼吸速率，因此在此区段内呼吸速率大于光合速率．（4）图中研究的是二氧化碳浓度和光照强度共同作用的曲线，所以还要考虑光照强度．故答案为：（1）0；A、B、C；（2）光强；（3）大于；（4）光强．【点评】本题考查了影响光合作用的环境因素的相关探究实验，意在考查考生的识图分析能力和图文转换能力，难度适中．考生在分析图解时能够利用单一变量的原则；明确净光合速率为总光合速率和呼吸速率的差值．8．图A为某生物体细胞有丝分裂示意图，图B表示在一个细胞周期（G1、S、G2组成分裂间期，M 为分裂期）中的细胞核内DNA 含量的变化曲线；图C表示处于一个细胞周期中各个时期细胞数目的变化（用特殊的方法在一个培养基中测得的），请据图回答．（1）图A处于有丝分裂中期期，相当于B图（填字母）M期．（2）此细胞在分裂末期能否出现细胞板不能，理由是是一个动物细胞．（3）C图中的DNA 含量为2C～4C 之间的细胞，处在B图的（填字母）S期．（4）若A图是根尖分生区细胞，正处于营养液中，则在正常情况下，与其吸收矿质元素有关的细胞器主要是线粒体和核糖体，因为进行此生理活动需要前者提供能量（或ATP），后者提供蛋白质（或载体）．【考点】细胞有丝分裂不同时期的特点；有丝分裂过程及其变化规律．【分析】分析A图：图A细胞含有同源染色体，且染色体的着丝点都排列在赤道板上，处于有丝分裂中期．分析B图：图B表示在一个细胞周期（G1、S、G2组成分裂间期，M为分裂期）中的细胞核内DNA 含量的变化曲线．分析C图：图C表示处于一个细胞周期中各个时期细胞数目的变化，DNA含量为2C代表G1期；DNA含量为2C～4C代表S期；DNA含量为4C代表G2和M期．【解答】解：（1）图A细胞处于有丝分裂中期，相当于图B的M期．（2）图A细胞有中心体没有细胞壁，为动物细胞，因此在分裂末期不会出现细胞板．（3）由以上分析可知，C图中的DNA含量由2C到4C的细胞，处在B图的S期．（4）根尖分生区细胞吸收矿质元素的方式是主动运输，需要载体蛋白和消耗能量，其中载体蛋白由核糖体合成，而能量由线粒体提供．故答案为：（1）中期M（2）不能是一个动物细胞（3）S（4）线粒体核糖体能量（或A TP）蛋白质（或载体）【点评】本题结合细胞分裂图、柱形图和曲线图，考查细胞有丝分裂不同时期的特点、物质跨膜运输方式等，要求考生识记细胞有丝分裂不同时期的特点，掌握有丝分裂过程中DNA含量变化规律，能准确判断图A所处的时期，图C中各柱形代表的时期；掌握物质跨膜运输的方式及影响因素，再结合所学的知识答题．9．根据图中化合物的结构分析回答：（1）该化合物叫四肽，是由3种氨基酸失去3个水分子而形成的，这种反应称为脱水缩合．（2）假如上述氨基酸的平均分子量为X，则该化合物的分子量为4X﹣54．（3）请写出肽键的结构式：﹣CO﹣NH﹣．（4）该化合物在核糖体（细胞器）上合成，其结构是由蛋白质和RNA组成．【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．【专题】模式图；蛋白质的合成．【分析】分析题图可知，该图是肽链结构，其中﹣CO﹣NH﹣羧基，该化合物中含有3个羧基，因此是由4个氨基酸脱去3分子水形成的四肽化合物；氨基酸脱水缩合反应的场所是核糖体．【解答】解：（1）由分析可知，该化合物是由4个氨基酸脱去3分子水形成的四肽化合物；四个R 基中，2个是﹣H，因此是3种氨基酸；氨基酸形成肽链的过程是脱水缩合反应．（2）如果该化合物的氨基酸的平均分子量是X，则该化合物的分子量为4X﹣18×3=4X﹣54．（3）肽键的结构是﹣CO﹣NH﹣．（4）该化合物合成的场所是核糖体，核糖体的组成成分是蛋白质和RNA．故答案为：（1）四 3 3 脱水缩合（2）4X﹣54（3）﹣CO﹣NH﹣（4）核糖体蛋白质RNA【点评】本题旨在考查学生；理解氨基酸的结构特点和氨基酸的脱水缩合的过程和场所，并学会应用相关知识分析肽链结构及应用元素守恒进行计算．10．根据“生物组织中可溶性糖、脂肪、蛋白质的鉴定”实验，回答下列问题：（1）鉴定成熟苹果果肉中存在还原性糖所用的试剂是斐林试剂，该试剂与细胞内还原性糖发生作用，形成砖红色沉淀，因此，可用该试剂检验糖尿病人尿液中葡萄糖的含量．（2）鉴定花生子叶中脂肪的实验中，能将脂肪染成橘黄色的染液是苏丹Ⅲ染液，用其染色时，要用酒精冲洗浮色，这是因为苏丹Ⅲ能溶解在酒精中．（3）本实验注意事项：①斐林试剂极不稳定，其甲液和乙液需分别配制，使用时再临时混合均匀用于实验．②双缩脲试剂的使用，应先加试剂0.1g/mlNaOH1毫升，造成碱性环境，再加试剂0.01g/mlCuSO4溶液4滴．【考点】检测还原糖的实验；检测蛋白质的实验；检测脂肪的实验．【专题】实验分析题；蛋白质核酸的结构与功能；糖类脂质的种类和作用．【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）．斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）．（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应．（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）．（4）淀粉遇碘液变蓝．（5）甲基绿能使DNA呈绿色，吡罗红能使RNA呈红色．【解答】解：（1）鉴定成熟苹果果肉中是否存在还原糖所用的试剂是斐林试剂，在水浴加热的条件下，试剂与细胞内还原糖发生作用，形成砖红色沉淀．（2）鉴定花生子叶中脂肪的实验中，用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）能将脂肪染成橘黄色（或红色）．50%的酒精具有脱色的作用，能够溶解染液．（3）①斐林试剂极不稳定，其甲液和乙液需分别配制，使用时再临时混合均匀用于实验．②双缩脲试剂的使用，应先加0.1g/mlNaOH，试剂振荡摇匀，造成碱性的反应环境，然后再加入3～4滴CuSO4溶液，振荡摇匀后观察现象．故答案为：（1）斐林试剂砖红色葡萄糖（2）苏丹Ⅲ染液苏丹Ⅲ能溶解在酒精中（3）①分别配制②0.1g/mlNaOH1毫升0.01g/mlCuSO4溶液4滴【点评】本题考查生物组织中化合物的鉴定，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的使用方法、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累．三、解答题（共1小题，满分15分）[生物--选修3：现代生物科技专题]）11．植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关．若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性．回答下列问题：（1）理论上，基因组文库含有生物的全部基因；而cDNA文库中含有生物的部分基因．（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中筛选出所需的耐旱基因．（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法法将其导入植物乙的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株．要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的表达产物，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的耐旱性是否得到提高．（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，则可推测该耐旱基因整合到了同源染色体的一条上（填“同源染色体的一条上”或“同源染色体的两条上”）．【考点】基因工程的原理及技术．【分析】1、基因文库是指将含有某种生物不同基因的许多DNA片段，导入到受体菌的群体中储存，各个受体菌分别含有这种生物的不同基因．基因组文库包含某种生物所有的基因；部分基因文库包含某种生物的部分基因．如：cDNA文库．。
甘肃省定西市通渭县高三物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三〔上〕期末物理试卷一、选择题〔共8小题，每一小题6分，总分为48分〕1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如下列图．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中〔〕A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如下列图，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为〔〕A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，如此〔〕A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如下列图．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如此如下关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的答案是〔〕A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如下列图，一电场的电场线分布关于y轴〔沿竖直方向〕对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．如此〔〕A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比拟近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如下列图．假设AO＞OB，如此〔〕A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如下列图，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度与电势均一样C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，如此〔〕A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如下列图为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．〔1〕假设入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，如此A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2〔2〕为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：〔3〕设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，如此关系式〔用m1、m2与图中字母表示〕成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律〞的实验中，电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带〔如下列图〕，把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J〔取三位有效数字〕．〔2〕根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a=m/s2，ag〔填“大于〞或“小于〞〕，原因是．11．如下列图，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕水平向右电场的电场强度；〔2〕假设将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；〔3〕电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如下列图，在一光滑的水平面上有两块一样的木板B和C．重物A〔视为质点〕位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度一样，如下列图．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，如此〔〕A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如下列图，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如下列图．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求〔1〕第二次平衡时氮气的体积；〔2〕水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，假设驱动力的振幅保持不变，如下说法正确的答案是〔〕A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置〔不考虑光线沿原来路线返回的情况〕．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共8小题，每一小题6分，总分为48分〕1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如下列图．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中〔〕A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件与其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】此题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，如此可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．应当选：A．2．如下列图，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为〔〕A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s应当选：B．3．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，如此〔〕A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P，质量为m，如此有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1应当选：B．4．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如下列图．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如此如下关于力F的大小和力F做功W的大小关系式正确的答案是〔〕A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t0【考点】66：动能定理的应用；1I：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F的大小．由速度图象的“面积〞求出位移，再求解力F 做功W的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft0﹣μmg•3t0=0，得F=3μmg在0﹣t0时间内物体的位移为x=，力F做功大小为W=Fx=3μmg=．应当选D5．如下列图，一电场的电场线分布关于y轴〔沿竖直方向〕对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．如此〔〕A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，如此有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，如此电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，如此该粒子将沿y 轴做直线运动，故D正确．应当选：D．6．宇宙中，两颗靠得比拟近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如下列图．假设AO＞OB，如此〔〕A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律与其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有一样的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．应当选：BD．7．如下列图，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度与电势均一样C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比拟密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比拟电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，如此A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度一样，如此B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，如此B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，如此电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．应当选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，如此〔〕A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件与其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功与弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进展受力分析即可求得受力情况与加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A 重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；应当选：CD．二、非选择题9．如下列图为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．〔1〕假设入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，如此 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2〔2〕为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，假设静止如此水平〔3〕设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，如此关系式〔用m1、m2与图中字母表示〕m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】〔1〕为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径一样；〔2〕明确验证末端水平的根本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；〔3〕两球做平抛运动，由于高度相等，如此平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：〔1〕在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径一样，r1=r2应当选C〔2〕研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，假设小球能保持静止，如此说明斜槽末端水平．〔3〕由于小球下落高度一样，如此根据平抛运动规律可知，小球下落时间一样；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=假设m1v1=m2v3+m1v2如此明确通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：〔1〕C 〔2〕将小球放在斜槽末端看小球是否静止，假设静止如此水平〔3〕m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律〞的实验中，电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带〔如下列图〕，把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J〔取三位有效数字〕．〔2〕根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g〔填“大于〞或“小于〞〕，原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一局部转化给摩擦产生的内能．【解答】解：〔1〕重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=〔3.89〕2=7.56J〔2〕根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：〔1〕7.62，7.56，〔2〕9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如下列图，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕水平向右电场的电场强度；〔2〕假设将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；〔3〕电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件与其应用；A6：电场强度．【分析】〔1〕带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，如此可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．〔2〕当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．〔3〕选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：〔1〕小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度〔2〕假设电场强度减小为原来的，如此变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．〔3〕电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理如此有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如下列图，在一光滑的水平面上有两块一样的木板B和C．重物A〔视为质点〕位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，如此由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C〔A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力〕，根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，如此对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度一样，如下列图．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，如此〔〕A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况一样，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．应当选：C．14．如下列图，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如下列图．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求〔1〕第二次平衡时氮气的体积；〔2〕水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】〔1〕以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．〔2〕结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：〔1〕以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，如此p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④〔2〕活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：〔1〕第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；〔2〕水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，假设驱动力的振幅保持不变，如下说法正确的答案是〔〕A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0。
高三理综上学期第一次月考试题(1)word版本
甘肃省通渭县2018届高三理综上学期第一次月考试题第Ⅰ卷(共126分)一、选择题：本题共21小题，每小题6分，共126分.在每小题给出的四个选项中，第1～19题只有一项符合题目要求，第20～21题有多个选项符合题目要求,全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1.在观察装片时，由低倍镜换成高倍镜，细胞大小、细胞数目、视野亮度的变化（）A．变大、变少、变暗 B．变大、变多、变亮C．变小、变多、变暗 D．变小、变多、变亮2.赖氨酸的分子式为C6H14O2N2，则赖氨酸的R基为（）A．—C4H10N B．—C4H10O C．—C4H10ON D．—C5H11N3.下列关于生物膜转化的叙述中正确的是（）A．在细胞内的具膜结构中，膜的转化是不可逆的B．小泡成为具膜结构的一部分要靠膜融合C．一种结构的膜成为另一种结构膜的一部分与膜的流动性无关D．生物膜的选择透过性是膜之间转化的前提条件4,下列有关酶的叙述正确的是( )A．酶的基本组成单位是氨基酸和脱氧核糖核苷酸B．酶通过为反应物供能和降低活化能来提高化学反应速率C．酶均是由腺细胞合成的，具有高效性、专一性D．人体中酶的活性受温度、pH的影响5.下列关于酶特性实验设计的叙述中，正确的是( )A．验证酶的专一性时，自变量是酶的种类B．验证酶的高效性时，自变量是酶的浓度C．探究温度对酶活性影响时，自变量是温度D．探究酶催化作用的最适pH时，应设置过酸、过碱、中性三组6.下列与细胞相关的叙述，正确的是A. 核糖体、溶酶体都是具有膜结构的细胞器B. 酵母菌的细胞核内含有DNA和RNA两类核酸C. 蓝藻细胞的能量来源于其线粒体有氧呼吸过程D. 在叶绿体中可进行CO2的固定但不能合成ATP7. 下列变化或过程属于化学变化的是( )A．激光法蒸发石墨得C60 B．丁达尔效应C．紫色石蕊试液通过活性炭变成无色D．用铂丝蘸取NaCl溶液进行焰色反应8. 下列离子方程式书写正确的是( )A．过量的SO2通入NaOH溶液中：SO2＋2OH－===SO2－3＋H2OB．Fe(NO3)3溶液中加入过量的HI溶液：2Fe3＋＋2I－===2Fe2＋＋I23＋3H2O2＋6H＋===2Mn2＋＋5NO－C．NaNO2溶液中加入酸性KMnO4溶液：2MnO－4＋5NO－D．NaHCO3溶液中加入过量的Ba(OH)2溶液：2HCO－3＋Ba2＋＋2OH－===BaCO3↓＋2H2O＋3CO2－9. 下列各组离子，在指定的环境中一定能大量共存的是( )A．常温下，在c(H＋)/c(OH－)＝1×1012的溶液中：I－、Cl－、NO－3、Na3B．在能使石蕊变红色的溶液中：Na＋、S2－、SO2－4、CO2－4、Na＋、NO－3、Cl－C．在加入铝粉能产生H2的溶液中：NH＋D．常温下由水电离出的c(H＋)＝1×10－12 mol·L－1的溶液中：K＋、Cl－、NO－3、Na＋10．如图两瓶体积相等的气体，在同温同压时瓶内气体的关系一定正确的是( )A．所含原子数相等B．气体密度相等C．气体质量相等D．摩尔质量相等11. 化学概念在逻辑上存在如下关系：对下列概念的说法正确的是( )A．化合物与电解质属于重叠关系B．化合物与碱性氧化物属于交叉关系C．溶液与胶体属于并列关系D．离子化合物和电解质属于交叉关系12．下列关于Fe(OH)3胶体的说法中不．正确的是( )A．Fe(OH)3胶体与食盐溶液混合将产生凝聚现象B．Fe(OH)3胶体粒子在电场影响下将向阳极移动C．胶体中Fe(OH)3胶体粒子不停地作布朗运动D．光线通过Fe(OH)3胶体时会发生丁达尔效应13. 实验室利用以下反应制取少量氮气：NaNO2＋NH4Cl===NaCl＋N2↑＋2H2O，关于该反应的下列说法正确的是( )A．NaNO2发生氧化反应 B．NH4Cl中的氮元素被还原C．N2既是氧化产物，又是还原产物D．每生成1 mol N2转移电子的物质的量为6 mol14．关于速度、速度变化量、加速度的关系，下列说法中正确的是( )A.运动物体的速度越大，其速度变化量一定越大B.运动物体的速度越大，其加速度一定越大C.运动物体的速度变化量越大，其加速度一定越大D.运动物体的速度变化越快，其加速度一定越大15．如图所示，汽车以10 m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20 m处时，绿灯还有3 s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度(v)－时间(t)图象可能是16．如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v—t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是A．在3 s末，物体处于出发点右方B．在1-2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C．在1-3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D．在0-1 s内，外力F不断增大17. 如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边紧贴墙壁，若在M斜面上放一个物体m，当m沿着M的斜面下滑时，M始终静止不动，则M受力个数可能为A. 4个或5个B. 5个或6个C. 3个或4个D. 4个或6个18．如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A 、D 间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F ，将B 缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力的变化情况是A. 都变大B. 和变大，不变C. 和变大，不变D. 和变大，不变19．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P ．Q 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态。
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2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为( )A．100m/s2，方向向右B．100m/s2，方向向左C．500m/s2，方向向左D．500m/s2，方向向右2．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）( )A．三个 B．四个 C．五个 D．六个3．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为( )A．B．m C．m D．2m4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )A．N处受到的支持力竖直向上B．M处受到的支持力竖直向上C．N处受到的摩擦力沿水平方向D．M处受到的摩擦力沿MN方向5．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是( )A．B．C．D．6．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙能追上甲B．t=20 s时，乙追上了甲C．在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离7．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )A．F fa大小改变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右8．用一轻绳将小球P系于墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．在墙壁和球之间夹有一矩形Q，P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )A．Q受到2个力B．小球P受到物块Q的弹力是因为小球P发生形变引起的C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小二、本卷包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=__________m/s2，打C点时物块的速度v=__________m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是__________（填正确答案标号）A．物块的质量 B．斜面的高度 C．斜面的倾角．10．某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示；一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指同0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如下表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm．（1）将表中数据补充完整：①__________，②__________．（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k﹣n图象．（3）图（b）中画出的直线可以近似认为通过原点，若从试验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系表达式为k=__________N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系表达式为k=__________N/m．11．如图所示，人重600N，木块A 重400N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力；（2）人脚对A的摩擦力的方向和大小．12．最近某报道称某一段道路上，有一辆汽车和自行车追尾相撞事件，情况是这样的：当时汽车正以v=72km/h速度向前行使，司机发现正前方△x=45m处有一以v=6km/h的速度与汽车同方向匀速行驶的自行车，司机以a=2m/s2的加速度开始刹车，最终还是发生了追尾事故，请你判断一下停下此新闻是真是假．某同学解法如下：汽车速度减小为0所用时间t==10s在10s内汽车前进的位移为X1==100m10s内自行车前进的位移为x2=vt=60m由于x2+△x=105m＞x1所以汽车停止运动时，自行车位于汽车之前，所以该同学从中得出不可能发生车祸．由此判断此新闻是假的．（1）你认为该同学判断是否正确，请分析之．（2）如果发生追尾事故，请你计算出从汽车减速到两车追尾所有的时间；如果不发生追尾事故，请你计算出两车运动过程中的最小距离．(二）选考题【物理--选修3-3】13．2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯•鲍姆加物纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为f=kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的v﹣t图象如图所示，若该运动员和所带装备的总质量m=100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字）2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为( )A．100m/s2，方向向右B．100m/s2，方向向左C．500m/s2，方向向左D．500m/s2，方向向右【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=进行求解．【解答】解：规定水平向右为正方向．根据加速度的定义式a=得：a=m/s2=﹣500m/s2负号表明加速度方向与正方向相反，即水平向左．故选C．【点评】在进行矢量式运算时，我们要先规定正方向，与正方向相同的取正值，与正方向相反的取负值．2．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）( )A．三个 B．四个 C．五个 D．六个【考点】竖直上抛运动．【分析】小球做竖直上抛运动，先求解出小球运动的总时间，然后判断小球在抛出点以上能遇到的小球数．【解答】解：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，根据位移时间关系公式，有：代入数据，有：解得：t=0（舍去）或 t=1.2s每隔0.2s抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：N=故选：C．【点评】本题关键明确第一个小球的运动情况，然后选择恰当的运动学公式列式求解出运动时间，再判断相遇的小球个数．3．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为( )A．B．m C．m D．2m【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A受力分析，运用共点力平衡条件求出细线的拉力；再对B受力分析，再次运用共点力平衡条件求出B的质量．【解答】解：先对A受力分析，再对B受力分析，如图根据共点力平衡条件，有mgsi n30°=T解得M=故选A．【点评】本题关键是先后对物体A、B受力分析，根据共点力平衡条件，结合合成法或正交分解法列式求解．4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )A．N处受到的支持力竖直向上B．M处受到的支持力竖直向上C．N处受到的摩擦力沿水平方向D．M处受到的摩擦力沿MN方向【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误．【解答】解：A、M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故A错误B正确；C、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故C错误．D、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故D错误；故选：B．【点评】解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题．支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物．静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反．5．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．【解答】解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，物体先沿正向运动，后沿负向运动，最后回到了初始位置，故A正确；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故不可能回到初始位置，故B错误；C、物体在第1s内沿正方向运动，第2s内继续沿正向运动，故2s末物体没有回到初始位置，故C错误；D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选：ACD．【点评】图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．6．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙能追上甲B．t=20 s时，乙追上了甲C．在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】速度图象反映物体速度随时间的变化情况，可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化．【解答】解：A、由图可知：乙在0﹣10s内速度为零，甲先出发，但乙出发后做匀加速直线运动，甲做匀速直线运动，在t=20s前，甲比乙运动快，在t=20s后，乙比甲运动快，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲．故A错误．BCD、在10﹣20s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大；20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小，在t=20s时刻两者距离最大．故BD错误，C正确．故选：C【点评】本题既考查理解速度图象的能力，也考查分析两物体运动情况的能力，往往当两物体速度相等时，相距最远或最近．7．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )A．F fa大小改变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对初始状态进行受力分析，剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力未发生变化，根据此时物体的受力情况确定摩擦力的大小和方向．【解答】解：初始状态，a在水平方向上受绳子拉力、弹簧的弹力还有摩擦力处于平衡，b受弹簧的弹力和绳子的拉力处于平衡．右侧细绳剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，a仍然受三个力作用，摩擦力的大小和方向不变，而b受到向左的弹力，将受到向右的摩擦力．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】本题属于牛顿第二定律的瞬时问题，关键抓住剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变．8．用一轻绳将小球P系于墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．在墙壁和球之间夹有一矩形Q，P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )A．Q受到2个力B．小球P受到物块Q的弹力是因为小球P发生形变引起的C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对小球P受力分析，受重力、拉力和支持力，共三个力；再对小方块Q受力分析，受压力、支持力、重力和向上的静摩擦力，共4个力；最后再次对P受力分析，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件列方程，求出拉力的一般表达式进行讨论．【解答】解：A、对物块Q受力分析，受重力、压力、支持力和向上的静摩擦力，共4个力，故A错误；B、根据弹力产生的特点可知，小球P受到物块Q的弹力是因为物块Q发生形变引起的．故B 错误；C、由A的分析可知，物块在竖直方向受到重力和摩擦力的作用，摩擦力的大小与重力相等，方向与重力相反，与绳子的长度无关．故C错误；D、对P受力分析，受拉力、重力和支持力，如图所示根据平衡条件，有Tcosθ=mgTsinθ=N解得T=绳子变长，角度θ变小，故拉力T变小，故D正确；故选：D【点评】本题关键是能够灵活地选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件列方程求解．二、本卷包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=3.25m/s2，打C点时物块的速度v=1.79m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是C（填正确答案标号）A．物块的质量 B．斜面的高度 C．斜面的倾角．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素；测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】（1）根据△x=aT2可求加速度，根据求解C点的速度；（2）对滑块根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因素的表达式进行分析即可．【解答】解：（1）根据△x=aT2，有：解得：a===3.25m/s2打C点时物块的速度：v=m/s=1.79m/s（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma解得：μ=故还需要测量斜面的倾角，故选：C；故答案为：（1）3.25，1.79；（2）C．【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．10．某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示；一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指同0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如下表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm．（1）将表中数据补充完整：①81.7，②0.0122．（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k﹣n图象．（3）图（b）中画出的直线可以近似认为通过原点，若从试验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系表达式为k=N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系表达式为k=N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）弹簧的圈数相同的情况下，劲度系数是相同的，根据P2的示数，利用胡克定律即可以求得此时的劲度系数的大小；（2）应用描点法作出得出对应的图象；（3）根据得出的图象进行分析，根据图象的性质可明确对应的表达式．【解答】解：（1）根据P2的示数可知，P2部分的原长为4.06cm，拉伸后的长度为5.26cm，根据胡克定律可得，k===81.7N/m，倒数为=0.0122；（2）根据表中的数据画出图象，如图所示：（3）根据得到的图象可知，=，解得，k=；从题中的数据可以发现，劲度系数与自由长度的乘积近似相等，即kl1=3.47，所以弹簧的劲度系数k与其自由长度l1（单位为m）的关系的表达式为k=．故答案为：（1）81.7，0.0122，（2）如图所示；（3）（在～之间都可以）；（在～之间都可以）．【点评】本题关键根据胡克定律得到弹簧弹力和长度的关系公式，分析得到图象的物理意义，最后结合图象求解劲度系数．11．如图所示，人重600N，木块A 重400N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力；（2）人脚对A的摩擦力的方向和大小．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、人受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：（1）对人和木块整体受力分析，受重力（M+m）g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有：2F﹣f=0N﹣（M+m）g=0其中f=μN解得f=200NF=100N（2）对人受力分析，受重力、木块的支持力、绳子的拉力F、向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，绳子的拉力与静摩擦力平衡等于100N，故由牛顿第三定律知，人的脚给木块摩擦力向右，大小为100N．答：（1）人对绳的拉力为100N；（2）人脚对A的摩擦力的方向向右，大小为100N．【点评】本题关键先后对人和木块整体、人受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．12．最近某报道称某一段道路上，有一辆汽车和自行车追尾相撞事件，情况是这样的：当时汽车正以v=72km/h速度向前行使，司机发现正前方△x=45m处有一以v=6km/h的速度与汽车同方向匀速行驶的自行车，司机以a=2m/s2的加速度开始刹车，最终还是发生了追尾事故，请你判断一下停下此新闻是真是假．某同学解法如下：汽车速度减小为0所用时间t==10s在10s内汽车前进的位移为X1==100m10s内自行车前进的位移为x2=vt=60m由于x2+△x=105m＞x1所以汽车停止运动时，自行车位于汽车之前，所以该同学从中得出不可能发生车祸．由此判断此新闻是假的．（1）你认为该同学判断是否正确，请分析之．（2）如果发生追尾事故，请你计算出从汽车减速到两车追尾所有的时间；如果不发生追尾事故，请你计算出两车运动过程中的最小距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；追及、相遇问题．【分析】（1）该同学判断不正确，理由是对能否发生车祸的临界条件把握不够，汽车速度大于自行车速度，判断是否发生车祸的临界条件是汽车速度减小至与自行车速度相同时，看位移是否满足汽车位移大于自行车位移与两车距离之和，而不是以汽车速度减至为0为判断依据．（2）当两车的速度相等时相距最近，根据速度公式求出时间，再由位移公式求解最小距离．【解答】解：（1）该同学判断不正确，正确的做法应该是：根据速度位移关系知，汽车速度减至与自行车速度相等时汽车的位移为：x1==m=91m此过程中经历的时间为：t==s=7s所以此过程中自行车的位移为：x2=vt=6×7m=42m由于x1＞x2+△x=42m+45m=87m，所以会发生车祸．（2）由上知两车将发生追尾相撞，设从汽车减速开始到两车追尾所用时间为t′，则有：v0t′+=vt′+△x代入得：20t′+t′2=6t′+45解得：t1′=5s，t2′=9s＞t=7s，不合理，舍去．答：（1）该同学判断不正确，会发生车祸．（2）从汽车减速开始到两车追尾所用时间是5s．【点评】解决本题的关键是对于相遇临界条件的把握，当汽车速度减小至比自行车速度还小时，肯定不会发生车祸，真正的临界条件是两车速度相等时是否发生车祸是关键．(二）选考题【物理--选修3-3】13．2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯•鲍姆加物纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为f=kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的v﹣t图象如图所示，若该运动员和所带装备的总质量m=100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）忽略空气阻力，运动员做自由落体运动，根据速度时间关系公式和位移时间关系公式列式后联立求解即可；（2）由图象得到最大速度，然后根据平衡条件列式求解即可【解答】解：（1）设运动员从开始自由下落至1.5km高度处的时间为t，下落距离为S，在1.5km 高度出的速度为v，根据运动学公式，有：v=gt…①s=gt2…②根据题意，有：s=39km﹣1.5km=37.5km=37500m…③联立①②③解得：t=87s，v=870m/s；（2）该运动员达到最大速度v max时，加速度为零，根据牛顿第二定律，有：mg=k…④由所给的v﹣t图象可读出：v max≈360m/s…⑤联立④⑤解得：k=0.008kg/m．答：（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小为870m/s（2）该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数0.008kg/m【点评】本题关键是明确运动员的受力情况和运动情况，知道当阻力与重力平衡时，运动员的速度达到最大值，不难。