福建省漳州市八校2017届高三上学期期末联考语文

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2017高三上学期语文期末试卷及答案

2017高三上学期语文期末试卷及答案【2017高三上学期语文期末试卷及答案】语文Ⅰ试题一、语言文字运用(15分)1.在下面一段话空缺处依次填入词语，最恰当的一组是(3分)M370失联成了无法破解的谜。

在一些人看来，239人的生命遭到了马航的。

及时公布细节真相本来是马航的责任，但的是，马航并没有这么做。

而另一方面，多个国家主动参与到搜救活动中。

各国动用了从太空、空中到海上、水下等多个领域的高科技设备，展开了一场的国际大搜索。

A.忽视事与愿违震古烁今B.漠视事与愿违史无前例C.忽视出人意料震古烁今D.漠视出人意料史无前例2.下列各项中，没有语病的一项是(3分)A.在中国经济高速发展的过程中，不断涌现的互联网精英以其崭新的理念和独特的方式，诠释着时代的大趋势。

B.为减少细颗粒物(PM2.5)浓度，北京将进一步淘汰不符合首都功能的污染企业，以世界上最严格的标准治理北京市工业污染。

C.不知从何时起，我们的祖父一辈被我们忽略了，他们离我们如此遥远，以至于不知道他们有着怎样的孤独和悲伤。

D.面对这场突如其来的灾难，市委市政府不仅表现出了应有的责任感和担当意识，媒体也显示出了难得的宽容和真诚。

3.依次填入下面一段文字横线处的语句，衔接最恰当的一组是(3分)一个人立志从事精神探索和文化创造的事业，应该是出于自身最内在的精神需要。

__________ 所以，立足于自救的人，他面对外部世界时的心态是平静的。

①在精神生活与世俗生活之间，他的价值取向是明确的，不会有任何实质性的困惑。

②他在精神生活的范围内几乎一定有很重大的困惑。

③他自己是在做着他今生今世最想做、不能不做的一件事，只要环境还允许他做下去，何失落之有?④所以对于他来说，不管世道如何，他都非自救不可，惟自救才有生路。

⑤张三弃文经商，成了大款，李四媚俗哗众，成了大腕，这一切与他何干?A.①④②⑤③B.①②⑤③④C.②④①⑤③D.③⑤②①④4.下列诗句与“细水浮花归别涧”对仗工整的一项是(3分)A.碧天如水倚红楼B. 断云含雨入孤村C.冷红泣露娇啼色D. 雁迷寒雨下空壕5.下列诗文引用不恰当的一项是(3分)A.“宜未雨而绸缪，毋临渴而掘井”，青少年的安全教育应及早进行，而不能等险情出现后再补课，这一点已成为人们的共识。

福建省漳州市高三上学期语文第一次联考试卷

福建省漳州市高三上学期语文第一次联考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共3题；共8分)1. （2分）下列各句中，没有错别字的一句是（）A . 黄山毛峰、六安瓜片等绿茶，冲泡时叶条在杯中松展，游移沉浮；品茗者观其动态，尽享茶趣，啜饮一口，齿浃留香。

B . 青海玉树发生7.1级地震后，党中央国务院高度重视，统一部署，各部门全力以赴，千方百计展开救援工作。

C . 上海世博园安徽馆，选取明清徽派建筑的精典元素作为外墙装饰，粉墙上山水意境之美令众多游客驻足流连。

D . 六载奉献沤心沥血，两任村官造福一方，沈浩把生命的根深深地扎在这片他挚爱的热土上，从此再也没有离开。

2. （4分） (2019高三上·蚌埠期中) 阅读下面的文字，完成下面小题。

文明不仅是倡导、教育出来的，也是管出来的。

中外社会文明史就能发现，（）。

去日本旅游的人，往往会感慨于其公共文明：一丝不苟的垃圾分类，不留一片垃圾在体育赛场，井然有序的公共场所……究其源头，1948年出台的《轻犯罪法》。

即便如此，上世纪80年代，富起来的日本人在走出国门也产生过大声喧哗、不守秩序，以至于日本媒体写社论提示国民文明出游。

可见，约束是压舱石，一旦脱离执法环境、缺少了刚性约束，已经提升的文明素质也可能又倒退回去。

又比如，许多人羡慕欧美国家立法保护小动物，殊不知养犬人身上背负的义务条款：上保险、打疫苗、戴口套，攻击性犬的主人还需在庭院明显处竖立标牌，等等。

在现代社会，法律规则就是在权利与义务之间的那条绳子，松紧适度、两头不落，才能让更多人知边界、明事理、懂规矩、不逾矩。

正是因为醉驾入刑，“开车不喝酒，喝酒不开车”在中国社会___________；正是因为“失信者黑名单”制度持续发力，欠债故意不还的老赖开始减少。

“一时不文明，时时受约束；一处不文明，处处受阻碍”，只有形成这样的鲜明导向，才能让文明的举止始于自发、成于自觉。

2017届高三上学期期末考试语文试题及答案

2016-2017学年度上学期高三期末考试语文试题命题人：本试卷分第I卷（阅读题）和第I I卷（表达题）两部分。

共150分，考试时间为150分钟。

考试结束后，只交答题卡。

第Ⅰ卷（阅读题）甲现代文阅读(35分)一、论述类文本阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1—3题后世诗论家多冠王维以“诗佛”，从其诗歌创作的实践看，他也常能将佛教的认知方法与思维模式引入诗歌创作，从而大大丰富了诗歌的表现手法、艺术技巧与思维空间，在诗歌艺术上开辟了一番新的天地。

人们习惯将他创作的这类诗称为“禅味诗”。

王维禅味诗一方面表现为“空寂”“无我”，另一方面表现为“敛势的空间体验”。

说其“空寂”“无我”，必须要了解一下王维奉佛的背景。

其母崔氏、其弟王缙均曾师事大照禅师普寂，这就使得王维自幼便多少受到了佛教思想的熏陶。

另外，王维生活的时代，士人习佛风气兴盛，王维成为“习佛士”中一员不足为怪。

加上王维早中进士，仕途顺利，很早就摆脱了一般人急功近利的政治、名誉追求，可以将精力转向比较抽象的精神和宗教问题，并潜移默化、不可避免地渗入到他的人生观、世界观中，且进入其文学创作，为其“诗”“思”提供了不少的启示抑或“灵感”，从而也使得其诗作有了抹之难去的禅味。

如在《酬张少府》一诗中，“君问穷通理，渔歌入浦林”，表现出了他对禅宗的理解。

用诗中那渐行渐远的渔歌，烘托出自己在顿悟“穷通”之理实为“空无”时内心难以言说的独特感受。

王维禅味诗“敛势的空间体验”的特点，主要表现为他通过悟禅而将自己本可无限外化、无限扩大的心灵转变为向内心深处进行探究。

这是他求得自己心灵安慰与人格净化的一种方式。

如《归嵩山作》：“迢递嵩山下，归来且闭关。

”一“归”一“闭”，即是空间意识上的两重内敛——它将人的精神情感与生命力量由外在的无限大、无穷远而消解在了人的一种心理之中，从而使人的生命能得到一定程度的安顿、止泊。

王维禅味诗的这一特点，可从中国的人文精神上去探求原因。

漳州八校2017届高三第三次联考(3月)语文试题含解析

福建省漳州市八校2017届高三第三次联考（3月）语文试题考试时间150分钟,总分150分第I卷阅读题一、现代文阅读阅读下面的文字，完成下列小题。

中国缺少创世神话，但并不意味着中国没有宇宙发生说，也不意味着中国古代思维认为宇宙是一永恒的存在。

天地万物如何产生、存在，也是古代中国哲学家思考的问题.屈原的《天问》最明显地表达出中国古代哲学思维对宇宙起源、构成的兴趣.中国哲学的主流看法虽然认为天地万物不是永恒存在着的，而是有其发生历史的，但天地万物的发生不是由一个外在于宇宙的人格力量创造出来的。

在中国哲学家看来，天地万物如果有一个开始，这个开始应该是自生、自然的。

如汉代道家宇宙论认为，天地是从虚空中逐渐生成了气，又由气的凝聚而生成天地。

所以我们所在的这个世界,不是被创造出来的，而是化生出来的。

宇宙不是创造出来的，那么存在着宇宙之内的主宰者吗？回答不是否定的。

商周时代承认帝或天为宇宙之内的至上神，但早期中国文明中的“上帝”并不是创造宇宙和人的神，而是在宇宙之内的主宰者，不是宇宙之外的创造之神,而是宇宙之内的事务主宰。

就人不是上帝所创造这一点来说，使得在中国文明中“人”的地位必然高于基督教文明中“人”的地位，“人受天地之中以生”的古老观念,表示在气论的背景之下，人可以获得高于宇宙内其他一切事物和生命形式的地位。

正如中国哲学中易学哲学所主张的，人是与天、地并立的“三才”之一。

中国哲学本来就有“与天地参”的传统，人能参与天地化育、参与大化流行,故“参与"论是十分中国的。

人既能参与天的生成，又能与天相感相通。

在宋代理学中,也出现了一种主张，如邵雍和朱熹，他们认为我们所在的这个宇宙或天地不是永恒的，它在消灭之后会有一个新的宇宙或天地来代替它；同样，在它之前也曾经有一个旧的宇宙或天地存在，而被它代替了。

这意味着,一切生成的东西，都会走向消亡。

这种生成与消亡借助“气”的聚散来说明,是非常自然的。

而在它消亡之后,也一定会有另一个天地按照自然的途径再生成出来，这个循环是没有穷尽的。

2017-2018届福建省漳州八校高三第二次联考语文试卷及答案

漳州八校高三毕业班第二次联考语文试题一、古代诗文阅读（ 27分）(一) 默写常见的名句名篇 (6分)1.补写下列名句名篇中的空缺部分。

(6分) （1）君子博学而日参省乎己，______________________。

（《劝学》）（2）一觞一咏，___________________ 。

（《兰亭集序》）（3） _____________ ，不以己悲。

（《岳阳楼记》）（4）__________________，然后天梯石栈相钩连。

（《蜀道难》）（5），断肠人在天涯。

（《天净沙·秋思》）（6），随风直到夜郎西。

（《闻王昌龄左迁龙标遥有此寄》）(二) 文言文阅读(15分)阅读下面的文言文，完成2—5题。

胡世宁，性刚直，不畏强御，且知兵。

除德安推官。

岐王初就籓，从官骄，世宁裁之。

(节选自《明史·列传第八十七·胡世宁传》)2. 对下列句子中加点的词的解释，不正确的一项是(3分)A贼攻七日夜，不能拔．拔．:攻取 ,攻占。

B.宁府威日．张日．:每日，每天。

C. 以靖．乱源靖．:安定，平定。

D. 居．四年，宸濠果反居．:停留，止息。

3. 下列句子中，全都表明胡世宁‚性刚直‛的一组是(3分)①岐王初就藩，从官骄，世宁裁之②陈边备十策③顾江西患非盗贼④世宁狂率当治⑤狱中三上书言宸濠逆状⑥而荐达贤士如不及A. ①③⑤B. ②④⑥C. ①②⑥D. ③④⑤4. 下列对文章有关内容的概括与分析，不正确的一项是(3分)A.世宁性格刚直，不畏强暴。

在德安任职期间，抑制了岐王骄横的随从官员，并拒绝了他们索要湖田的请求。

B.世宁还通晓军事。

他任职沧州期间，流寇猛烈攻打州城，世宁急忙入城帮着策划守城的办法。

结果，流寇攻打了七天七夜还没打下城来，最后还被抓走了。

C. 宁王朱宸濠骄横不法有造反意图。

宁王府的势力不断在扩大，而上下各级官府对宁王的奉迎又太过分，一般大臣害怕祸及自己，于是当地的一些政策法令等就渐渐地变成了不是来自朝廷而是来自宁王府了。

福建漳州市八校2017届高三上学期期末联考-化学

福建省漳州市八校2017届高三上学期期末联考-化学————————————————————————————————作者：————————————————————————————————日期：2017届高三年八校期末联考化学试题（满分：100分考试时间：90分钟）可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Mg 24 Fe 56 第I 卷（选择题共42分）一、选择题（本题共14小题，每小题3分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．下列说法正确的是（）A ．手机外壳上贴的碳纤维外膜是一种新型的有机高分子材料B ．绿色化学的核心是对环境产生的污染进行治理C ．氯化铵、二氧化硫溶于水都能导电，所以它们都属于电解质D ．云、烟、雾等均能产生丁达尔现象 2.下列有关化学用语的描述不正确的是（） A.MgF 2的电子式:B.中子数为15的硅原子: Si 2914 C.乙烯的结构简式：CH 2CH 2 D.NH 3•H 20 的电离方程式: NH 3•H 20 NH 4+ + 0H -3.下列有关说法正确的是（）A.实验室中，可用金属钠检验乙醇中是否含有水B.甲烷是天然气的主要成分，能发生取代反应，但不能发生氧化反应C.只用水无法鉴别苯、乙酸和四氣化碳D.植物油不能用于萃取漠水中的溴4、用A N 表示阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是（） A.在标准情况下，22.4L O H 2含有的分子数为A N B.1L 0.1 mol ▪L —1的MgCl 2溶液中含Mg 2+的数目为0.1N A C. 17.6g 丙烷中所含的共价键数目为4N AD . 20 ml 2mol ▪ L —1 H 2O 2完全分解，转移的电子数为0.08N A5．四种短周期元素在周期表中的位置如下图，其中只有M为金属元素。

下列说法不正确的是( )A．原子半径Z < MB．Y的最高价氧化物对应水化物的酸性比X 的弱C．X 的最简单气态氢化物的热稳定性比Z的小D．Z位于元素周期表中第二周期第ⅥA族6．俗称“一滴香”的有毒物质被人食用后会损伤肝脏，还能致癌．“一滴香”的分子结构如图所示，下列说法正确的是（）A．该有机物的分子式为C7H7O3B．该有机物能发生取代、加成和氧化反应C．1mol该有机物最多能与2mol H2发生加成反应D．该有机物的一种含苯环的同分异构体能发生银镜反应7．常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是（）A．0.1mol•L﹣1CH3COONa溶液：H+、Al3+、Cl﹣、NO3﹣B．含有NaNO3的溶液：H+、Fe2+、SO42﹣、Cl﹣C．能使甲基橙变红的溶液：K+、Na+、NO3﹣、Cl﹣D．由水电离产生的c（H+）=10﹣12 mol•L﹣1的溶液：NH4+、SO42﹣、HCO3﹣、Cl﹣8．下列有关实验装置进行的相应实验,能达到实验目的的是（）A．用图1所示装置除去Cl2中含有的少量HClB．用图2所示装置蒸干FeCl3饱和溶液制备FeCl3固体C．用图3所示装置制取少量纯净的CO2气体D．用图4所示装置分离CCl4萃取碘水后已分层的有机层和水层9．下列叙述Ⅰ和Ⅱ均正确并且有因果关系的是（）选项叙述Ⅰ叙述ⅡA Fe3+有氧化性用KSCN溶液可以鉴别Fe3+B 浓硫酸有腐蚀性常温下浓硫酸不能用铁罐盛装C Cl2是非金属单质Cl2能使湿润的有色布条褪色D 熔融状态的Al2O3中有自由移动的Al3+和O2-电解熔融状态的Al2O3制备Al10．燃料电池具有能量转化率高、无污染等特点，下图为Mg-NaClO燃料电池结构示意图，下列说法正确的是（）A．镁作Y电极B．电池工作时，Na+向负极移动C．废液的pH大于NaClO溶液的pHD．X电极上发生的反应为ClO-+2H2O - 4e-═ClO3-+4H+11.海洋中有丰富的食品、矿产、能源、药物和水产资源等(如下图所示),下列有关说法正确的是( )A.第①步除去粗盐S、Ca2+、Mg2+、Fe3+等杂质离子,加入的药品顺序为:Na2CO3溶液→NaOH溶液→BaCl2溶液→过滤后加盐酸B.将第②步结晶出的MgCl2·6H2O可在HCl气流中加热分解制无水MgCl2C.在第③④⑤步中溴元素均被氧化D.第⑤步涉及的分离操作有过滤、萃取、蒸馏12．在体积为2L的恒容密闭容器中发生反应xA（g）+yB（g）⇌zC（g），图1表示200℃时容器中A、B、C物质的量随时间的变化关系，图2表示不同温度下平衡时C的体积分数随起始n（A）：n（B）的变化关系．则下列结论正确的是（）A．200℃时，反应从开始到平衡的平均速率v（B）=0.04mol•L﹣1•min﹣1B．图2所知反应xA（g）+yB（g）⇌zC（g）的△H＞0，且a=1C．若在图1所示的平衡状态下，再向体系中充入He，此时v正＞v逆D．200℃时，向容器中充入2mol A和1mol B，达到平衡时，A的体积分数小于0.5 13．25℃时，部分弱酸的电离平衡常数如表：弱酸CH3COOH HCN H2CO3电离平衡常数 1.8×10﹣5 4.9×10﹣10K1=4.3×10﹣7K2=5.6×10﹣11下列有关说法正确的是（）A．等物质的量浓度溶液的pH关系为pH（NaCN）＞pH（Na2CO3）＞pH（CH3COONa）B．a mol•L﹣1HCN溶液与b mol•L﹣1NaOH溶液等体积混合后，所得溶液中：c（Na+）＞c （CN﹣），则a一定小于bC．往冰醋酸中逐滴加水，溶液的导电性逐渐增大D．将0.2 mol•L﹣1 KHCO3溶液与0.1 mol•L﹣1 KOH溶液等体积混合：c（K+）+c（H+）=c（OH﹣）+c（HCO）+2c（CO）14．将一定量的镁和铜组成的混合物加入到稀硝酸中，金属完全溶解（假设反应中还原产物只有NO）．向反应后的溶液中加入3mol/L NaOH溶液至沉淀完全，测得生成沉淀的质量比原合金的质量增加 5.1g．下列叙述不正确的是（）A．当金属全部溶解时，参加反应的硝酸的物质的量一定是0.4molB．参加反应的金属的总质量3.6g＜m＜9.6 gC．当生成的沉淀量达到最大时，消耗NaOH溶液的体积V=100mLD．当金属全部溶解时收集到NO气体的体积在标况下为2.24L参考答案第I卷选择题（共42分）一、选择题（本题共14小题，每小题3分。

八校2017届高三上学期第一次联考试题(12月) 语文

文体是中国古代文学的关注重点之一，每一代都产生了各自有代表性的文体经典，秦汉文、汉赋、唐诗、宋词、元曲、明清小说等等，所谓“一代有一代之文学”。在各类文体自身的序列里，长期的实践也确立了经典文体的地位。
“公开的经典”是指由统治者所确认的正宗经典；“公认的经典”是虽然未被统治者所确认，但却是人们所公认的经典。一直到清代，正统的文学批评承认的经பைடு நூலகம்从文体上看是正宗的诗文，而小说、词、戏曲及相关的通俗文学都难以列入。比较典型的《四库全书》，白话长篇小说与戏曲都不收入，词虽收入，但显得非常勉强。但是，许多上流社会文人与一般民间文人仍然是把它们作为经典的。通过长期的潜移默化，古代文学经典成为沉淀在个人心灵之中的无意识，甚至一个民族和一个文化传统的无意识。
（摘自《中国古代文学经典的类型》，有删改）
1.下列关于原文内容的表述，不正确的一项是（3分）
A．中国古代文学经典的类型十分丰富，而且各经典类型之间除了处于平行并列的层次之外，有的还互相交叉。
B．文体是中国古代文学的主要特色，秦汉文、汉赋、唐诗、宋词、元曲、明清小说都有着鲜明的文体特点，也构成了中国古代文学的文体经典。
不同的时代审美风尚不同，对文学作品的接受也有差异，所以每一个朝代人们心目中的经典也都会发生一些变化或调整。先秦人虽然未必有像我们现在这样明确的文学经典，但对《诗经》等典籍显然极为熟悉，成为教育和训练外交辞令的一项重要内容。如“赋诗言志”“断章取义”等等，如果在外交场合运用得当可收“不战而屈人之兵”之效。汉代人的文学经典是诗骚赋，司马相如的赋尤被推崇。六朝人的文学经典除诗赋外，更开始了一个骈体文的繁盛时代。到了宋代，随着承续韩柳的欧苏王曾等的古文影响日益扩大，一些古文经典的地位也逐渐得到确认和凸显。隋唐以后，随着科举制度的确立，围绕着科举考试科目也产生了策论、经义等供举子临摹、学习的经典范文。有的经典能够远远超出断代的范围，经得起更长时间段的检验，如徐庾的某些骈体文、韩柳欧苏的古文，一直到今天都是脍炙人口的经典。反之，也有不少经典及身而亡，如随着八股取士制度的废除，原先八股文的经典很快被人遗忘。时代经典换一个角度看也就是文体经典。

福建省漳州市八校2017届高三下学期3月联考文科综合试卷 Word版含答案

2017届漳州八校联考文科综合模拟试题注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答题前，考生务必在将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。

2. 回答第Ⅰ卷时，选出每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在试卷上无效。

3. 回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

第1卷（共140分）本卷共35小题，每小题4分，共140分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

PM2．5指大气中直径小于或等于2．5微米的颗粒物，也称可入肺颗粒物。

下图为天津市某年四季PM2．5平均日变化分布图，读图回答1～2题。

1．代表冬季的曲线是A．甲B．乙C．丙D．丁2．关于四季PM2．5变化曲线的叙述，正确的是①早晨峰值出现在7至9时左右，与人类活动相关②受大气运动影响14时前后出现低值③PM2．5曲线变化与气温变化规律相同④各个季节的曲线大致呈双峰变化A. ①②③B．①②④C．①③④D．②③④下图为坡地径流示意图，其中θ1表示地表径流，θ2为地下顺坡径流，θ3为下渗径流。

不同岩性的坡地，三种径流比例差异较大。

我国贵州某地区坡地径流中θ3占径流比重最大。

读图回答3～5题。

3.该地区最可能发育的地貌是A.风力侵蚀地貌B.风力沉积地貌C.喀斯特地貌D.黄土地貌4.形成该地貌的主要外力作用是①风力侵蚀②风力堆积③流水侵蚀④流水堆积A．①③B．①④C．②③D．③④5.降水强度和时间相同时A．地表植被覆盖率越高，θ1越大B．坡度越缓，θ1 越大C．地表植被覆盖率越高，θ2和θ3越大 D．越大坡度越陡，θ2+θ3越大港珠澳大桥全长近50千米,将按六车道高速公路标准建设，中间段的海底隧道两端各建一个人工岛。

读图完成6-7题。

6．港珠澳大桥中部有近7公里是海底隧道，主要是为了（）A. 缩短通行距离和时间B. 保持珠江主航道的通航能力C. 节约建设成本，降低难度D. 方便旅客欣赏水下风景7．港珠澳大桥建设带来的影响，正确的叙述是（）A. 提升澳门物流业的区域主导地位B. 极大破坏珠江口水域的生态环境C. 加快港珠澳区域经济社会一体化进程D. 澳门将成为继香港之后新的国际航运中图甲示意我国大部分城市道路两侧绿化种植池现状，针对当前的城市问题有环保学者提出设计建议（图乙所示）。

2016-2017学年福建省漳州市八校联考高三(下)3月月考语文试卷(J)

2016-2017学年福建省漳州市八校联考高三（下）3月月考语文试卷(J)副标题一、选择题（本大题共3小题，共3.0分）1.下列各句中加点成语的运用，全部正确的一项是（）①最近，朋友圈等社交媒体不断被“丢书大作战”刷屏，这个公益活动源于英国伦敦，现在也正在我国如火如荼地进行着。

②江苏宜兴的朋友告诉我，只有保证了泥质、工具、款制，甚至做壶的心境等诸多条件，才能做出一把珠圆玉润的精品壶。

③达尔维什作为一个享誉世界诗坛的诗人，除了在阿拉伯世界耳熟能详，也为中国诗人和诗歌读者熟知。

④在本次公益阅读推广活动中，与会专家们对儿童图画书、童话诗、幻想文学等不同类型的儿童文学进行了鞭辟入里的学理分析和细致入微的文本解读。

⑤元好问认为，写诗就是要抒发真性情，要表达个人的感受，如果人家如何，自己就跟着如何，随人俯仰、陈陈相因，就太可怜了。

⑥动物专家认为，在人类对待野生动物的问题上，“天地之漠漠无亲”是大慈悲，人类的小德小惠反是不仁。

希望大家广而告之，众口铄金。

A. ①②④B. ①④⑤C. ③④⑤D. ②③⑥【答案】B【解析】①如火如荼：形容大规模的行动气势旺盛，气氛热烈，正确；②珠圆玉润：像珠子一样圆，像玉石一样光润。

比喻歌声婉转优美，或诗文流畅明快。

句子说的是“精品茶壶”，对象误用；③耳熟能详：指听得烂熟，可以详尽复述出来。

句子一般用作谓语、定语，这里语法功能误用；④鞭辟入里：形容做学问切实，也形容分析透彻，切中要害。

正确；⑤陈陈相因：比喻沿袭老一套，无创造革新。

正确；⑥众口铄金：众口一词可以混淆是非，形容舆论力量大。

句子说的是“对待野生动物”，这里属于褒贬误用。

故选：B。

解答此题的关键是掌握相关成语的意思，正确辨别他们的感情色彩、修饰对象、使用范围等．解答时联系上下文，从词语与语境的语意关系、搭配关系等方面筛选，再运用排除法排除不符合句意的选项．此题主要考查正确使用词语（成语）的能力．在平时的复习中应养成规范使用汉语言文字的习惯，不要被一些媒体的错误用法所误导，并注重积累．积累一些常见的近义词、易错词，注意区分近义词中不同语素的含义，做题时根据语境分析哪个更合适；更重要的是在阅读中培养语感，注意基本词语使用的语境．2.下列各句中，没有语病的一句是（）A. 杰出的尼日利亚剧作家、激进的人道主义者沃莱•索因卡严厉批评了美国当选总统特朗普在移民问题上引起强烈争议的言论和墨西哥边境的造墙计划．B. 纪录片《我在故宫修文物》记录了真实的珍贵文物修复过程，讲述了国家非物质文化遗产技艺传承人的日常工作和生活状态．C. 本次读书分享会围绕“城市牛皮癣”给人们生活带来的困扰入手，深入阐述了有助提升“城市管理品质”的思维方式，还提出了解决问题的办法．D. 日本小说家伊坂幸太郎的代表作《金色梦乡》近日引进我国，该书的灵感源自当年震惊世界的美国总统肯尼迪遇刺和英国披头士乐队的同名歌曲．【答案】A【解析】A．表述正确；B．搭配不当，“讲述…状态”不搭配，将“讲述”改为“展现”；C．句式杂糅，“围绕…入手”杂糅，删去“入手”；D．成分残缺，“源自”缺少宾语中心语，应在“肯尼迪遇刺”后加上“案”。

福建省漳州市八校2017届高三下学期2月联考语文.doc

2017届语文八校联考试卷（2017年2月）第Ⅰ卷(阅读题共70分)一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1-3题。

灾异与人事葛剑雄中国自古以农立国，对水旱灾害相当敏感。

加上中国东部主要农业区受季风气候影响，大小灾害频繁，成为统治者和民众经常性的威胁。

现实的需要使中国古代对天文、气象、物候的记载和研究相当重视，并注意考察人类活动与自然变化的关系，形成了一些独特的观念，其中之一即天人感应或天人合一。

时下流行的看法都将天人合一解释为人类与自然的和谐相处，更多的是反映了时人的愿望，是对传统观念一种积极的、但也是实用主义的解释。

尽管原始的天人合一观念的确包含了这样的内容，却并不是它的主体。

所谓“天人合一”，是指天意决定人事，而天意是通过天象或灾异来显示的。

君主是“天子”，由天意确定，也代表天命。

所以君主如有失德，或治理不当，或人事有悖于天意，必定会受到天象的警告或灾异的惩罚。

正因为如此，从最古老的史书开始，天象和灾异都是不可或缺的记载。

《二十四史》中大多有《五行志》、《天文志》、《灾异志》，但所记内容无不与朝代兴衰、天下治乱、君主贤愚、大臣忠奸相一致。

凡国之将兴，天子圣明，大臣贤能，则风调雨顺，紫气东来，吉星高照；反之则灾异频仍，天象错乱。

在这种观念的主导下，一旦出现罕见的天象或异常的气候，如日蚀、太阳黑子、流星、陨石、星宿异位、地震、山崩、水旱灾害等，皇帝就要换上素色服装，不吃荤腥辛辣，不近女色，迁居偏僻清静的场所，反省自己的过失，征求臣民的意见。

有的皇帝还会下“罪己诏”，公开承认错误，宣布改弦更张的政策。

有的虽没有具体措施，却会请求上天千万不要与天下百姓为难，一切罪责由自己担当。

为了通达上天，感动诸神，往往还要在正常的祭祀典礼以外，按需要举办各类额外的祭祀或祈求仪式。

这样做一般不会错，因为皇帝总有失德之处，政府的举措不会十全十美，臣民们平时不敢说的话，不便提的意见也可趁机上达天听。

福建省漳州市八校2017届高三第三次联考(3月)语文试题.doc

福建省漳州市八校2017届高三第三次联考（3月）语文试题在下面一段文字横线处补写恰当的语句，使整段文字语意完整连贯，内容贴切，逻辑严密。

每处不超过15个字。

中国人的思维方式非常注重整体关联。

任何事物都不是孤立的，而是相互关联在一起的。

任何一个部分，①，更不能用它来说明整体的问题。

只有把部分放到整体里面去，才能正确认识它。

部分在整体里面的任何变化，都会直接影响到整体，同样地，②。

同时，中国的思维方式也不是简单的非此即彼，而是强调此离不开彼，彼离不开此，强调此中有彼，彼中有此，强调此会转变为彼，彼会转变为此，总之，③。

【答案解析】①都不能孤立到整体之外去；②整体的变化也会影响部分的变化；③彼此是一个整体。

（写对1处给1分，写对2处给3分，写对3处给5分）试题分析：这是一道语言运用的综合考核题，首先应浏览语段，把握主要内容，然后要注意上下文的衔接和前后的照应。

①处结合前后内容可知，部分不能孤立到整体之外；②处“同样的”可知，整体的变化同样影响部分；③处是对前面内容的总结，言之有理即可。

11右边这幅图是中国消费者协会设计的“3•15国际消费者权益保护宣传日”标志。

请你用一段简洁的文字说明这个标志的构图要素及含义。

不超过100字。

 【答案解析】图案构成：圆形内部既是一个地球，又是一个变形了的人；图形的外围下面有一双手，托住中间的地球和人，上有数字3•15。

寓意有二，一是全世界的企业必须履行承诺，保护所有消费者的正当权益；二是3月15日为国际消费者权益保护宣传日。

试题分析：题干要求“说明这个标志的构图要素及含义”考查的是图形的构图要素和寓意。

本题考查读图的能力。

直观地看本图案，主体是一个圆形，圆形内部既是一个地球，又是一个变形了的人；图形的外围下面有一双手，托住中间的地球和人，上有数字3·15。

结合“3·15国际消费者权益保护宣传日”不难发现图形的寓意。

【考点定位】语言表达简明、连贯、得体、准确、鲜明、生动。

漳州市高三上学期语文期末质量调研试卷

漳州市高三上学期语文期末质量调研试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共2题；共4分)1. （2分）(2018·江苏模拟) 对下列诗句适合悬挂场所判断正确的一项是（）①相逢尽是弹冠客，此去应无搔首人②世无孔孟乾坤熄，学到周程日月明③商彝夏鼎传千古，汉瓦秦砖萃一堂④竹叶杯中春有色，杏花村里客多情A . 酒店学校博物馆理发馆B . 理发馆学校博物馆酒店C . 博物馆酒店学校理发馆D . 学校博物馆理发馆酒店2. （2分）选出下列句子顺序排列正确的一项（）①按照巴甫洛夫学说的理论,睡眠是大脑皮层甚至某些低级部位的一种全面性抑制。

②如果睡眠还较浅，大脑里的抑制过程还不全面彻底，剩下某些兴奋点继续活动，梦境就会产生。

③梦是睡眠产生的，熟睡却不会做梦，所以梦是睡眠还较浅时的产物。

④这种抑制过程如果很深很深，人的思维活动停止了，外界一般强度的声、色刺激也不能感知，这就是熟睡，这时候不会做梦。

⑤现代生理科学的发展，使人们对于梦有了更多的了解。

⑥又由于大脑皮层大部分处于抑制状态，而这些孤立的兴奋点缺乏有逻辑的联系，这就构成了梦的荒诞性。

⑦引起这些兴奋点活动的因素，大多与以前感知过的刺激的作用有关，因而梦境与日常生活有有关联的，不是神秘的。

A . ③①④⑦⑥②⑤B . ⑤③①④②⑦⑥C . ②①④③⑤⑥⑦D . ①④②⑦⑥⑤③二、情景默写 (共1题；共6分)3. （6分）补写出下列句子中的空缺部分。

（1）王安石以“________，________”为论证的立足点，为下文的“正名”提供推理前提，对保守派的谬论进行驳论，表明自己坚持变法的立场。

（《答司马谏议书》）（2）苏辙少时读遍诸子百家之书，但他认为对写文章的作用不大，这是因为：________，________。

《上枢密韩太尉书》）（3）苏辙写自己到了京城之后，“________，________”，才知道天下的广阔富丽。

福建省漳州八校2015届高三上学期联考语文试卷

福建省漳州八校2015届高三上学期联考语文试卷一、古代诗文阅读（27分）㈠默写常见的名句名篇（6分）1．补写出下列名句名篇中的空缺部分。

（6分）（1）高余冠之岌岌兮，。

（屈原《离骚》））（2）寄蜉蝣于天地，。

（苏轼《赤壁赋》）（3），凝绝不通声暂歇。

（白居易《琵琶行》）（4）四十三年，望中犹记，。

（辛弃疾《永遇乐•京口北固亭怀古》）（5）乌鸟私情，。

（李密《陈情表》）（6），风烟望五津。

（王勃《送杜少府之任蜀州》）㈡文言文阅读（15分）阅读下面的文言文，完成2-5题。

养狸述(唐)舒元舆野禽兽可驯养而有裨于人者，吾得之于狸。

狸之性，憎鼠而喜爱①。

其体趫②、其文班。

予爱其能息鼠窃，近乎正且勇。

尝观虞人(掌管山泽的官吏)生致者，因得请归，致新昌里客舍。

舍之初未为某居时，曾为富商家廪，墉堵地面，甚足鼠窍，日有鼠络绎然。

某既居，果遭其暴耗。

常白日为群，虽敲拍叱吓，略不畏忌。

或暂黾侻跧③缩，须臾复来，日数十度。

其穿巾孔箱之患，继晷而有。

昼或出游，及归，其什器服物，悉已破碎。

若夜时长留④续晨，与役夫更吻驱呵，甚累神抱。

或知之，借椟以收拾衣服，未顷，则椟又孔矣。

予心深闷，当其意欲掘地诛剪，始二三十日间，未果。

颇患之，若抱痒疾。

自获此狸，尝阖关实窦，纵于室中，潜伺之。

见轩首引鼻，似有鼠气，则凝蹲不动。

斯须，果有鼠数十辈接尾而出，狸忽跃起，张爪呀牙，划泄怒声，鼠党帖伏不敢窜。

狸遂搏击，瞬视间，群鼠肝脑涂地。

迨夜始背潜窥，室内洒然，予以是益宝狸矣。

常自驯饲之，到今仅半年矣，狸不复杀鼠，鼠不复出穴。

穴口有土虫丝，封闭欲合。

向之韫椟服物，皆纵横抛掷，无所损坏。

噫！微狸，鼠不独耗吾物，亦将咬啮吾身矣。

是以知吾得高枕坦卧，绝疮痛之忧，皆斯狸之功。

异乎！鼠本统乎阴虫，其用合昼伏夕动，常怯怕人者也。

向之暴耗，非有大胆壮力，能凌侮于人，以其人无御之之术，故得恣横若此。

今人之家苟无狸之用，则红墉皓壁，固为鼠室宅矣。

甘醲鲜肥，又资鼠口腹矣，虽乏，人智其奈之何？呜呼！覆焘(天地)之间，首圆足方，窃盗圣人之教，甚于鼠者有之矣。

福建省漳州市八校联考2017届高三上学期期末数学试卷(理科) Word版含解析

2016-2017学年福建省漳州市八校联考高三（上）期末数学试卷（理科）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．请把答案填涂在答题卷相应位置上． 1．已知集合A={0，1，m }，B={x |0＜x ＜2}，若A ∩B={1，m }，则m 的取值范围是（）A ．（0，1）B ．（1，2）C ．（0，1）∪（1，2）D ．（0，2）2．复数z=（i 是虚数单位）在复平面上对应的点位于（） A ．第一象限 B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限3．若，且，则向量与的夹角为（）A ．30°B ．60°C ．120°D ．150°4．如图是一个几何体的三视图，尺寸如图所示，（单位：cm ），则这个几何体的体积是（）A ．（10π+36）cm 3B ．（11π+35）cm 3C ．（12π+36）cm 3D ．（13π+34）cm 35．程序框图如图：如果上述程序运行的结果S=1320，那么判断框中应填入（）A ．K ＜10B ．K ≤10C ．K ＜11D ．K ≤116．等差数列{a n }中，S n 是前n 项和，且S 3=S 8，S 7=S k ，则k 的值为（） A ．4B ．11C ．2D ．127．函数y=的图象大致是（）A．B．C．D．8．在平面直角坐标系中，不等式组，（a是常数）表示的平面区域面积是9，那么实数a的值为（）A．3+2 B．﹣3+2 C．﹣5 D．19．若函数，为了得到函数g（x）=sin2x的图象，则只需将f（x）的图象（）A．向右平移个长度单位B．向右平移个长度单位C．向左平移个长度单位D．向左平移个长度单位10．已知双曲线的右顶点为E，过双曲线的左焦点且垂直于x轴的直线与该双曲线相交于A、B两点，若∠AEB=90°，则该双曲线的离心率e 是（）A．B．2 C．或2 D．不存在11．若关于x的方程|x3﹣ax2|=x有不同的四解，则a的取值范围为（）A．a＞1 B．a＜1 C．a＞2 D．a＜212．设f（x）是定义在R上的恒不为零的函数，对任意实数x，y∈R，都有f（x）•f（y）=f（x+y），若a1=，a n=f（n）（n∈N*），则数列{a n}的前n项和S n的取值范围是（）A．[，2）B．[，2]C．[，1）D．[，1]二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．请把答案填在答题卷的相应位置13．数列{a n}的前n项和为S n，且S n=2a n﹣1，则{a n}的通项公式为a n=．14．半径为R的球放在房屋的墙角处，球与围成墙角的三个互相垂直的面都相切，若球心到墙角的距离是，则球的表面积是．15．抛物线y2=ax（a＞0）与直线x=1围成的封闭图形的面积为，则二项式（x+）20展开式中含x﹣16项的系数是．16．已知点O是△ABC的外接圆圆心，且AB=3，AC=4．若存在非零实数x、y，使得=x+y，且x+2y=1，则cos∠BAC=．三、解答题：本大题共5小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．请把答案写在答题卷的相应位置．17．△ABC的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c．向量=（a，b）与=（cosA，sinB）平行．（Ⅰ）求A；（Ⅱ）若a=，b=2，求△ABC的面积．18．在数列{a n}中，（c为常数，n∈N*），且a1，a2，a5成公比不为1的等比数列．（Ⅰ）求证：数列是等差数列；（Ⅱ）求c的值；（Ⅲ）设b n=a n a n+1，求数列{b n}的前n项和S n．19．如图，四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥底面ABCD，AB∥CD，AD=CD=1，∠BAD=120°，PA=，∠ACB=90°，M是线段PD上的一点（不包括端点）．（Ⅰ）求证：BC⊥平面PAC；（Ⅱ）求二面角D﹣PC﹣A的正切值；（Ⅲ）试确定点M的位置，使直线MA与平面PCD所成角θ的正弦值为．20．已知椭圆E： +=1（a＞b＞0）过点，且离心率e为．（1）求椭圆E的方程；（2）设直线x=my﹣1（m∈R）交椭圆E于A，B两点，判断点G与以线段AB为直径的圆的位置关系，并说明理由．21．已知函数f（x）=lnx+ax2，g（x）=+x+b，且直线y=﹣是函数f（x）的一条切线．（Ⅰ）求a的值；（Ⅱ）对任意的x1∈[1，]，都存在x2∈[1，4]，使得f（x1）=g（x2），求b的取值范围．选修4-4坐标系及参数方程22．已知曲线C1的极坐标方程为ρ=6cosθ，曲线C2的极坐标方程为θ=（p∈R），曲线C1，C2相交于A，B两点．（Ⅰ）把曲线C1，C2的极坐标方程转化为直角坐标方程；（Ⅱ）求弦AB的长度．选修4-5：不等式选讲23．已知函数f（x）=|x﹣1|+|2x+2|．（1）解不等式f（x）＞5；（2）若关于x的方程=a的解集为空集，求实数a的取值范围．2016-2017学年福建省漳州市八校联考高三（上）期末数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．请把答案填涂在答题卷相应位置上．1．已知集合A={0，1，m}，B={x|0＜x＜2}，若A∩B={1，m}，则m的取值范围是（）A．（0，1） B．（1，2） C．（0，1）∪（1，2）D．（0，2）【考点】交集及其运算．【分析】根据集合的基本运算进行求解．【解答】解：∵A={0，1，m}，∴m≠0且m≠1，∵A∩B={1，m}，∴0＜m＜2，综上0＜m＜2且m≠1，故m的取值范围是（0，1）∪（1，2），故选：C2．复数z=（i是虚数单位）在复平面上对应的点位于（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限【考点】复数代数形式的混合运算．【分析】化简复数的分子，然后分母实数化，化复数为a+bi（a、b∈R）可得对应的点位于的象限．【解答】解：复数=故选B．3．若，且，则向量与的夹角为（）A．30°B．60°C．120° D．150°【考点】数量积表示两个向量的夹角．【分析】要求两个向量的夹角，需要知道两个向量的模和夹角，而夹角是要求的结论，所以根据两个向量垂直，数量积为零，把式子变化出现只含向量夹角余弦的方程，解出夹角的余弦值，根据角的范围，得到结果．【解答】解：若，设向量与的夹角为θ∵，∴，则∴故选C4．如图是一个几何体的三视图，尺寸如图所示，（单位：cm），则这个几何体的体积是（）A．（10π+36）cm3B．（11π+35）cm3C．（12π+36）cm3D．（13π+34）cm3【考点】由三视图求面积、体积．【分析】由三视图可知：该几何体是一个由上下两部分组成的几何体，其中上面是一个圆锥，底面半径为3，高为4；下面是一个棱长分别为3，3，4的长方体．．据此即可得出体积．【解答】解：由三视图可知：该几何体是一个由上下两部分组成的几何体，其中上面是一个圆锥，底面半径为3，高为4；下面是一个棱长分别为3，3，4的长方体．因此该几何体的体积V==（12π+36）cm3．故选C．5．程序框图如图：如果上述程序运行的结果S=1320，那么判断框中应填入（）A．K＜10 B．K≤10 C．K＜11 D．K≤11【考点】循环结构．【分析】按照程序框图的流程写出前几次循环的结果判断出当k为何值时输出，得到判断框中的条件．【解答】解：经过第一次循环得到s=1×12=12，k=12﹣1=11不输出，即k的值不满足判断框的条件经过第二次循环得到s=12×11=132，k=11﹣1=10不输出，即k的值不满足判断框的条件经过第三次循环得到s=132×10=1320，k=10﹣1=9输出，即k的值满足判断框的条件故判断框中的条件是k＜10故选A6．等差数列{a n}中，S n是前n项和，且S3=S8，S7=S k，则k的值为（）A．4 B．11 C．2 D．12【考点】等差数列的性质；等差数列的前n项和．【分析】本题给出{a n}为等差数列，S3=S8，利用等差数列的性质可求得a6=0，再通过代入验证的方法即可得正确答案．【解答】解：∵{a n}为等差数列，S3=S8，∴a4+…+a6+…+a8=0，∴a6=0；将k=4，代入S7=S k，有S7﹣S4=a5+a6+a7=3a6=0，满足题意；若k=2，S7=S2，则a3+a4+a5+a6+a7=0，∴a5=0，与题意不符；若k=11，a8+a9+a10+a11=0，不能得出a6=0，若k=12，a8+a9+a10+a11+a12=0，∴a10=0，与题意不符；∴可以排除B、C、D．故选A．7．函数y=的图象大致是（）A．B．C．D．【考点】函数的图象．【分析】根据函数的定义域，取值范围和取值符号，进行排除即可．【解答】解：函数的定义域为{x|x≠0}，排除A．当x→﹣∞时，y→+∞，排除B，当x→+∞时，x3＜3x﹣1，此时y→0，排除D，故选：C8．在平面直角坐标系中，不等式组，（a是常数）表示的平面区域面积是9，那么实数a的值为（）A．3+2 B．﹣3+2 C．﹣5 D．1【考点】简单线性规划．【分析】由约束条件在可行域，结合三角形的面积列式求得a的值．【解答】解：由约束条件作出可行域如图，联立，解得C（﹣2，2），联立，得A（a，﹣a），联立，得B（a，a+4），∴|AB|=2a+4，C到AB的距离为a+2，由，解得：a=1．故选：D．9．若函数，为了得到函数g（x）=sin2x的图象，则只需将f（x）的图象（）A．向右平移个长度单位B．向右平移个长度单位C．向左平移个长度单位D．向左平移个长度单位【考点】函数y=Asin（ωx+φ）的图象变换．【分析】函数=sin（）=sin（2x+），再根据图象左右平移规则即可判定．【解答】解：函数=sin（）=sin（2x+），为了得到函数g（x）=sin2x的图象，则只需将f（x）的图象向右平移个长度单位即可，故选：A．10．已知双曲线的右顶点为E，过双曲线的左焦点且垂直于x轴的直线与该双曲线相交于A、B两点，若∠AEB=90°，则该双曲线的离心率e 是（）A．B．2 C．或2 D．不存在【考点】双曲线的简单性质．【分析】求得双曲线的右顶点，设出左焦点，将x=﹣c代入双曲线方程，求得交点A，B的坐标，再由题意可得k AE•k BE=﹣1，运用斜率公式和离心率公式计算即可得到所求值．【解答】解：双曲线的右顶点为E（a，0），设双曲线的左焦点为（﹣c，0），将x=﹣c代入双曲线，可得y2=b2（﹣1）=，即y=±，即有A（﹣c，），B（﹣c，﹣），由∠AEB=90°，可得k AE•k BE=﹣1，即为•=﹣1，化为a（c+a）=b2，由b2=c2﹣a2=（c﹣a）（c+a），可得c﹣a=a，即c=2a，则e==2．故选：B．11．若关于x的方程|x3﹣ax2|=x有不同的四解，则a的取值范围为（）A．a＞1 B．a＜1 C．a＞2 D．a＜2【考点】根的存在性及根的个数判断．【分析】关于x的方程|x3﹣ax2|=x的解必须是非负数，易知x=0是方程|x3﹣ax2|=x的一个解，其余三个根是方程方程|x2﹣ax|=1的正数解，⇒a＞0，且，解之可得a的取值范围．【解答】解：∵关于x的方程|x3﹣ax2|=x的解必须是非负数，易知x=0是方程|x3﹣ax2|=x的一个解，∴其余三个根是方程方程|x2﹣ax|=1的正数解，∴a＞0，且⇒a＞2．故选：C．12．设f（x）是定义在R上的恒不为零的函数，对任意实数x，y∈R，都有f（x）•f（y）=f（x+y），若a1=，a n=f（n）（n∈N*），则数列{a n}的前n项和S n的取值范围是（）A．[，2）B．[，2]C．[，1）D．[，1]【考点】抽象函数及其应用．【分析】根据f（x）•f（y）=f（x+y），令x=n，y=1，可得数列{a n}是以为首项，以为等比的等比数列，进而可以求得S n，进而S n的取值范围．【解答】解：∵对任意x，y∈R，都有f（x）•f（y）=f（x+y），∴令x=n，y=1，得f（n）•f（1）=f（n+1），即==f（1）=，∴数列{a n}是以为首项，以为等比的等比数列，∴a n=f（n）=（）n，∴S n==1﹣（）n∈[，1）．故选C．二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．请把答案填在答题卷的相应位置13．数列{a n}的前n项和为S n，且S n=2a n﹣1，则{a n}的通项公式为a n=2n﹣1．【考点】等比数列的通项公式；数列递推式．【分析】由S n=2a n﹣1和S n+1=2a n+1﹣1相减得a n+1=2a n+1﹣2a n，所以，由此可求出数列{a n}的通项公式．【解答】解：由S n=2a n﹣1，得S n+1=2a n+1﹣1，二式相减得：a n+1=2a n+1﹣2a n，∴，∴数列{a n}是公比为2的等比数列，又∵S1=2a1﹣1，∴a1=1，∴a n=2n﹣1．故答案为：2n﹣1．14．半径为R的球放在房屋的墙角处，球与围成墙角的三个互相垂直的面都相切，若球心到墙角的距离是，则球的表面积是4π．【考点】球的体积和表面积．【分析】设球的半径为R，当球放在墙角时，同时与两墙面和地面相切可知球心与墙角顶点可构成边长为R的正方体，则正方体对角线即为球心到墙角顶点的距离，由此求出球的半径，可得球的表面积．【解答】解：根据题意可知球心与墙角顶点可构成边长为R的正方体则球心到墙角顶点的距离为正方体的对角线即R即R=解得：R=1故球的表面积是S=4π•12=4π，故答案为：4π．15．抛物线y2=ax（a＞0）与直线x=1围成的封闭图形的面积为，则二项式（x+）20展开式中含x﹣16项的系数是190．【考点】抛物线的简单性质．【分析】利用定积分，列出关于面积的式子，求出a，再利用二项式定理求系数的方法求解．【解答】解：已知抛物线y2=ax（a＞0）与直线x=1围成的封闭图形的面积为，利用定积分，面积S=∫01[﹣（﹣）]dx=∫012dx==，得a=1，=C20r•x20﹣2r，利用二项式定理求系数的方法，T r+1依题意令20﹣2r=﹣16，得r=18，即二项式展开式中含x﹣16项的系数为C2018=190．故答案为190．16．已知点O是△ABC的外接圆圆心，且AB=3，AC=4．若存在非零实数x、y，使得=x+y，且x+2y=1，则cos∠BAC=．【考点】平面向量的基本定理及其意义．【分析】由=x+y，且x+2y=1，可得﹣=y（﹣2），利用向量的运算法则，取AC的中点D，则=2y，再利用点O是△ABC的外心，可得BD⊥AC．即可得出．【解答】解：如图所示，∵=x+y，且x+2y=1，∴﹣=y（﹣2），∴=y（+），取AC的中点D，则+=2，∴=2y，又点O是△ABC的外心，∴BD⊥AC．在Rt△BAD中，cos∠BAC=．故答案为：，三、解答题：本大题共5小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．请把答案写在答题卷的相应位置．17．△ABC的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c．向量=（a，b）与=（cosA，sinB）平行．（Ⅰ）求A；（Ⅱ）若a=，b=2，求△ABC的面积．【考点】余弦定理的应用；平面向量共线（平行）的坐标表示．【分析】（Ⅰ）利用向量的平行，列出方程，通过正弦定理求解A；（Ⅱ）利用A，以及a=，b=2，通过余弦定理求出c，然后求解△ABC的面积．【解答】解：（Ⅰ）因为向量=（a，b）与=（cosA，sinB）平行，所以asinB﹣=0，由正弦定理可知：sinAsinB﹣sinBcosA=0，因为sinB≠0，所以tanA=，可得A=；（Ⅱ）a=，b=2，由余弦定理可得：a2=b2+c2﹣2bccosA，可得7=4+c2﹣2c，解得c=3，△ABC的面积为：=．18．在数列{a n}中，（c为常数，n∈N*），且a1，a2，a5成公比不为1的等比数列．（Ⅰ）求证：数列是等差数列；（Ⅱ）求c的值；（Ⅲ）设b n=a n a n+1，求数列{b n}的前n项和S n．【考点】等差数列与等比数列的综合；数列的求和．【分析】（Ⅰ）通过已知条件，方程去倒数，即可推出数列满足等差数列的定义，说明数列是等差数列；（Ⅱ）通过第一问，直接求出a1，a2，a5，利用等比数列直接求出c的值；（Ⅲ）通过第二问，求出a n，然后利用b n=a n a n+1，通过裂项法直接求数列{b n}的前n项和S n．【解答】解：（Ⅰ）因为，所以a n≠0，则，又c为常数，∴数列是等差数列；（Ⅱ）由（Ⅰ）可知，∵a1=1，∴a2=，a5=，∵a1，a2，a5成公比不为1的等比数列，所以，解得c=0或c=2，当c=0时，a n=a n+1，不满足题意，舍去，所以c的值为2；（Ⅲ）由（Ⅱ）可知c=2，∴，b n=a n a n==，+1所以数列{b n}的前n项和S n==19．如图，四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥底面ABCD，AB∥CD，AD=CD=1，∠BAD=120°，PA=，∠ACB=90°，M是线段PD上的一点（不包括端点）．（Ⅰ）求证：BC⊥平面PAC；（Ⅱ）求二面角D﹣PC﹣A的正切值；（Ⅲ）试确定点M的位置，使直线MA与平面PCD所成角θ的正弦值为．【考点】用空间向量求平面间的夹角；直线与平面垂直的判定；直线与平面所成的角．【分析】（Ⅰ）由PA⊥底面ABCD，BC⊂平面AC，知PA⊥BC，由∠ACB=90°，知BC ⊥AC，由此能够证明BC⊥平面PAC．（Ⅱ）取CD的中点E，则AE⊥CD，故AE⊥AB，由PA⊥底面ABCD，知PA⊥AE，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出二面角D﹣PC﹣A的正切值．（Ⅲ）设M（x，y，z），，则（x，y，z﹣）=m（），解得点M（），由此能够推导出当M为PD的中点时，直线AM与平面PCD所成角的正弦值为．【解答】解：（Ⅰ）∵PA⊥底面ABCD，BC⊂平面AC，∴PA⊥BC，∵∠ACB=90°，∴BC⊥AC，又PA∩AC=A，∴BC⊥平面PAC．（Ⅱ）取CD的中点E，则AE⊥CD，∴AE⊥AB，又PA⊥底面ABCD，∴PA⊥AE，建立如图所示空间直角坐标系，则A（0，，0，0），P（0，0，），C（，，0），D（，﹣，0）∴=（0，0，），=（，0），，，设平面PAC的一个法向量，则，∴，∴．设平面PDC的一个法向量，则，，∴，∴，设二面角D﹣PC﹣A的平面角为θ，∴cosθ=|cos＜＞|=||=||=，故二面角D﹣PC﹣A的正切值为2．（Ⅲ）设M（x，y，z），，则（x，y，z﹣）=m（），解得点M（），即=（），由sinθ=，得m=1（不合题意舍去）或m=，所以当M为PD的中点时，直线AM与平面PCD所成角的正弦值为．20．已知椭圆E： +=1（a＞b＞0）过点，且离心率e为．（1）求椭圆E的方程；（2）设直线x=my﹣1（m∈R）交椭圆E于A，B两点，判断点G与以线段AB为直径的圆的位置关系，并说明理由．【考点】直线与圆锥曲线的综合问题．【分析】解法一：（1）由已知得，解得即可得出椭圆E的方程．（2）设点A（x1，y1），B（x2，y2），AB中点为H（x0，y0）．直线方程与椭圆方程联立化为（m2+2）y2﹣2my﹣3=0，利用根与系数的关系中点坐标公式可得：y0=．|GH|2=．=，作差|GH|2﹣即可判断出．解法二：（1）同解法一．（2）设点A（x1，y1），B（x2，y2），则=，=．直线方程与椭圆方程联立化为（m2+2）y2﹣2my﹣3=0，计算=即可得出∠AGB，进而判断出位置关系．【解答】解法一：（1）由已知得，解得，∴椭圆E的方程为．（2）设点A（x1y1），B（x2，y2），AB中点为H（x0，y0）．由，化为（m2+2）y2﹣2my﹣3=0，∴y1+y2=，y1y2=，∴y0=．G，∴|GH|2==+=++．===，故|GH|2﹣=+=﹣+=＞0．∴，故G在以AB为直径的圆外．解法二：（1）同解法一．（2）设点A（x1y1），B（x2，y2），则=，=．由，化为（m2+2）y2﹣2my﹣3=0，∴y1+y2=，y1y2=，从而==+y1y2=+=﹣+=＞0．∴＞0，又，不共线，∴∠AGB为锐角．故点G在以AB为直径的圆外．21．已知函数f（x）=lnx+ax2，g（x）=+x+b，且直线y=﹣是函数f（x）的一条切线．（Ⅰ）求a的值；（Ⅱ）对任意的x1∈[1，]，都存在x2∈[1，4]，使得f（x1）=g（x2），求b的取值范围．【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程；利用导数研究函数的单调性．【分析】（Ⅰ）设直线y=﹣与f（x）相切于点（x0，lnx0+ax02）（x0＞0），求得f（x）的导数，由已知切线方程，可得切线的斜率为0，及f（x0）=﹣，解方程可得a的值；（Ⅱ）由题意可得f（x）在[1，]的值域包含于g（x）在[1，4]的值域．运用导数，求得单调性，可得值域，再由不等式解得即可．【解答】解：（Ⅰ）设直线y=﹣与f（x）相切于点（x0，lnx0+ax02）（x0＞0），f′（x）=+2ax=，依题意得，解得，所以a=﹣，经检验：a=﹣符合题意；（Ⅱ）由（Ⅰ）得f（x）=lnx﹣x2，所以f′（x）=﹣x=，当x∈（1，]时，f′（x）＜0，所以f（x）在[1，]上单调递减，所以当x∈[1，]时，f（x）min=f（）=﹣e，f（x）max=f（1）=﹣，，当x∈（1，4]时，g′（x）＞0，所以g（x）在[1，4]上单调递增，所以当x∈（1，4]时，g（x）min=g（1）=2+b，，依题意得，即有，解得．选修4-4坐标系及参数方程22．已知曲线C1的极坐标方程为ρ=6cosθ，曲线C2的极坐标方程为θ=（p∈R），曲线C1，C2相交于A，B两点．（Ⅰ）把曲线C1，C2的极坐标方程转化为直角坐标方程；（Ⅱ）求弦AB的长度．【考点】简单曲线的极坐标方程．【分析】（Ⅰ）利用直角坐标与极坐标间的关系，即利用ρcosθ=x，ρsinθ=y，ρ2=x2+y2，进行代换即得曲线C2及曲线C1的直角坐标方程．（Ⅱ）利用直角坐标方程的形式，先求出圆心（3，0）到直线的距离，最后结合点到直线的距离公式弦AB的长度．【解答】解：（Ⅰ）曲线C2：（p∈R）表示直线y=x，曲线C1：ρ=6cosθ，即ρ2=6ρcosθ所以x2+y2=6x即（x﹣3）2+y2=9（Ⅱ）∵圆心（3，0）到直线的距离，r=3所以弦长AB==．∴弦AB的长度．选修4-5：不等式选讲23．已知函数f（x）=|x﹣1|+|2x+2|．（1）解不等式f（x）＞5；（2）若关于x的方程=a的解集为空集，求实数a的取值范围．【考点】绝对值不等式的解法．【分析】（1）化简函数的解析式为函数f（x）=|x﹣1|+|2x+2|=，分类讨论求得原不等式解集．（2）由（1）中分段函数f（x）的解析式可得f（x）的单调性，由此求得函数f（x）的值域，可得的取值范围．再根据关于x的方程=a的解集为空集，求得实数a的取值范围．【解答】解：（1）函数f（x）=|x﹣1|+|2x+2|=，当x≥1时，由3x+5＞5解得：x＞；当﹣1＜x＜1时，由x+3＞5得x＞2 （舍去）．当x＜﹣1时，由﹣3x﹣1＞5，解得x＜﹣2．所以原不等式解集为{x|x＜﹣2 x＞}．（2）由（1）中分段函数f（x）的解析式可知：f（x）在区间（﹣∞，﹣1）上单调递减，在区间（﹣1，+∞）上单调递增．并且f（x）的最小值为f（﹣1）=2，所以函数f（x）的值域为[2，+∞），从而f（x）﹣4的取值范围是[﹣2，+∞），进而的取值范围是（﹣∞，﹣]∪（0，+∞）．根据已知关于x的方程=a的解集为空集，所以实数a的取值范围是（﹣，0]．2017年3月7日。