2012年高考广东理综物理部分解析

2012年高考广东理综卷(物理部分)13．清晨，草叶上的露珠是由空气中的水汽凝结成的水珠．这一物理过程中，水分子间的( )A ．引力消失，斥力增大B ．斥力消失，引力增大C ．引力斥力都减小D ．引力斥力都增大D 解析：水由气态凝结成液态的水，分子间距离变小．而分子间同时存在引力和斥力，且引力和斥力都随着分子间距离的减小而增大，故D 正确．14．景颇族的祖先发明的点火器如图1所示，用牛角做套筒，木制推杆前端粘着艾绒．猛推推杆，艾绒即可点燃．对筒内封闭的气体．在此压缩过程中( ) A ．气体温度升高，压强不变B ．气体温度升高，压强变大C ．气体对外界做正功，气体内能增加D ．外界对气体做正功，气体内能减少B 解析：猛推杆的过程可以看成是一个绝热过程，故Q ＝0，而压缩气体，气体体积减小，外界对气体做功，故W ＞0，由热力学第一定律△U ＝W ＋Q ，△U ＞0，气体内能增加，温度升高，故CD 错误；由理想气体状态方程pVC T=知，T 增大V 减小，则p 增大，故A 错误B 正确． 15．质量和电量都相等的带电粒子M 和N ，以不同的速率经小孔S 垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2中虚线所示．下列表述正确的是( )A ．M 带负电，N 带正电B ．M 的速率小于N 的速率C ．洛伦兹力对MN 做正功D ．M 的运行时间大于N 的运行时间A 解析：由左手定则判断知，A 正确；粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力2q B m r =v v ，半径为：m r qB=v，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N 的速率，B 错；洛伦兹力不做功，C 错；粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为2mT Bqπ=，M 的运行时间等于N 的运行时间，故D 错．16．如图3所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角都为45˚，日光灯保持水平，所受重力为G ，左右两绳的拉力大小分别为( )A ．G 和GB ．2G 和2GC ．12GD ．12G 和12GB 解析：日光灯受力如图所示，将1T 、2T 分别向水平方向和竖直方向分解，则有：1T cos45°＝2T cos45°，1T sin45°＋2T sin45°＝G ，解得：1T ＝2T＝2，B 正确． 17．图4是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑道底部B 处安装一个压力传感器，其示数N 表示该处所受压力的大小．某滑块从斜面上不同高度h 处由静止下滑，通过B 时，下列表述正确的有( )A ．N 小于滑块重力B ．N 大于滑块重力C ．N 越大表明h 越大D ．N 越大表明h 越小BC 解析：滑块在轨道上滑动，只有重力做功，机械能守恒，则有：212B mgh m =v ，解得：B =v 滑块到B 点时，支持力B N 与重力的合力提供向心力，即：2BB N mg m R-=v ，联立以上两式得：2B mghN mg R=+，由牛顿第三定律知B N N =，故BC 正确．18．能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一．下列释放核能的反应方程，表述正确的有( )A ．23411120H H He n +→+是核聚变反应 B ．23411120H H He n +→+是β衰变C ．235114489192056360U n Ba Kr 3n +→++是核裂变反应D ．235194140192038540U n Sr Xe 2n +→++是α衰变AC 解析：衰变是一个核放出α粒子或β粒子的反应，而聚变是两个较轻的核聚合为一个较重核的反应，裂变是铀核俘获一个中子后分裂成两个较轻核的反应，故AB 项中的核反应均为聚变，而CD 项中的核反应均为裂变，故AC 正确．19．某小型发电机产生的交变电动势为e ＝50sin100πt (V)，对此电动势，下列表述正确的有( )A ．最大值是VB ．频率是100 HzC ．有效值是D ．周期是0.02 sCD 解析：由电动势的表达式可知，最大值为50 V ，而有效值为：E ==，A 错C 对；ω＝2πf ＝100π，故f ＝50 Hz ，周期1Tf=＝0.02 s ，B 错D 对． 20．图5是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有( )A ．带正电的矿粉落在右侧B ．电场力对矿粉做正功C ．带负电的矿粉电势能变大D ．带正电的矿粉电势能变小BD 解析：电场线的方向是由右向左，所以正电荷受到向左的电场力负电荷受到向右的电场力，电场力对正电荷或负电荷都是做正功，电势能减少，故AC 错，BD 对．21．如图6所示，飞船从轨道1变轨至轨道2.若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的( )A ．动能大B ．向心加速度大C ．运行周期长D ．角速度小CD 解析：由22222()Mm G mma m r m r r r Tπω====v 解得：2M a G r =、=v ω=2T =r 越大，a 、v 、ω越小，而T 越大，故AB 错，CD 对．34．(1)某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻．①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图15(a)和图15(b)所示，长度为________cm ，直径为________mm.②按图7(c)连接电路后，实验操作如下：(a)将滑动变阻器1R 的阻值置于最________处(填“大”或“小”)；将2S 拨向接点1，闭合1S ，调节1R ，使电流表示数为0I ；(b)将电阻箱2R 的阻值调至最________(填“大”或“小”)，2S 拨向接点2；保持1R 不变，调节2R ，使电流表示数仍为0I ，此时2R 阻值为1280 Ω；③由此可知，圆柱体的电阻为________Ω.答案：①5.01,5.310－5.320 ②(a)大 (b)大 ③1280解析：①游标卡尺的读数＝主尺上的读数＋游标上的读数，本题主尺上的读数是5 cm ，游标上的读数是1×0.1 mm ＝0.01cm ，故游标卡尺的读数为5.01 cm ；螺旋测微器的读数＝固定尺的读数＋可动尺的读数×0.01，即5 mm ＋31.5×0.01 mm ＝5.315 mm ，最后一位是估计位，可以不同．②(a)将滑动变阻器1R 的阻值调至最大，可以起到保护电流表及电源的作用；(b) 将电阻箱2R 的阻值调至最大，目的也是为了保护电流表及电源；③本题的实验方法为替代法．由01A x E I R R r R =+++，01A 2EI R R r R =+++得，21280x R R ==Ω．34．(2)某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．①将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在________方向(填“水平”或“竖直”)②弹簧自然悬挂，待弹簧________时，长度记为0L ；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L ；在砝码盘中每次增加10 g 砝码，弹簧长度依次记为L 至L ，数据如下表： ________．③图8是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与________的差值(填“0L ”或“x L ”)．④由图可知弹簧的劲度系数为________N/m ；通过图和表可知砝码盘的质量为________g(结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8 2m/s )． 答案：①竖直 ②静止，3L mm ③x L ④4.9 10解析：①本实验是利用重力与弹力平衡获取若干数据，再利用图像处理数据得到劲度系数的．测量时，弹簧秤及刻度尺都要保持在竖直状态；②读数时，要等弹簧秤静止时才能读取；由记录的值可知，刻度尺的最小分度为0.1 cm ，但最小分度小还要估读一位，故记录3L 是不符合规范的；③图像所描的点共有六个，而纵轴中反映的砝码的最大质量为60 g ，故横轴是弹簧的长度与弹簧挂上砝码盘时弹簧长度x L 的差值；④砝码盘的质量为0m ，砝码的质量为m ，当挂上砝码盘时有：00()n m g k L L =-，当砝码盘中的砝码质量为m 时，弹簧的长度为n L ，此时有00()()n m m g k L L +=-，两式联立得：()n x mg k L L =-，即n xmgk L L =-，由图像知图线的斜率为3260100k g /m 0.50k g /m 12100k --⨯-'==⨯-，故劲度系数4.9N/m k k g '==，而200() 4.9(27.3525.35)10kg 10g 9.8x k L L m g --⨯-⨯===．35．如图9所示，质量为M 的导体棒ab ，垂直放在相距为l 的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B 方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置间距为d 的平行金属板，R 和x R 分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．(1)调节x R ＝R ，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I 及棒的速率v .(2)改变x R ，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m 带电量为＋q 的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的x R ． 解： (1)导体棒匀速下滑时，Mg sin θ＝BIl① sin Mg I Blθ=②设导体棒产生的感应电动势为0E0E Bl =v ③由闭合电路欧姆定律得：xE I R R =+④联立②③④，得222sin MgR B l θ=v ⑤(2)改变x R 由②式可知电流不变．设带电微粒在金属板间匀速通过时，板间电压为U ，电场强度大小为EU ＝I x R⑥ UE d=⑦ mg ＝qE ⑧ 联立②⑥⑦⑧，得sin x mBldR qM θ=⑨36．图10(a)所示的装置中，小物块AB 质量均为m ，水平面上PQ 段长为l ，与物块间的动摩擦因数为μ，其余段光滑．初始时，挡板上的轻质弹簧处于原长；长为r 的连杆位于图中虚线位置；A 紧靠滑杆(AB 间距大于2r )．随后，连杆以角速度ω匀速转动，带动滑杆做水平运动，滑杆的速度－时间图象如图18(b)所示．A 在滑杆推动下运动，并在脱离滑杆后与静止的B 发生完全非弹性碰撞．(1)求A 脱离滑杆时的速度0v ，及A 与B 碰撞过程的机械能损失ΔE .(2)如果AB 不能与弹簧相碰，设AB 从P 点到运动停止所用的时间为1t ，求ω的取值范围，及1t 与ω的关系式．(3)如果AB 能与弹簧相碰，但不能返回到P 点左侧，设每次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能为P E ，求ω的取值范围，及P E 与ω的关系式(弹簧始终在弹性限度内)．解：(1)滑杆达到最大速度时A 与其脱离．由题意，得0v ＝ωr① 设AB 碰撞后的共同速度为1v ，由动量守恒定律012m m =v v②碰撞过程中的机械能损失为220111(2)22E m m ∆=-v v ③ 2214E m r ω∆=④(2)若AB 不与弹簧相碰，P 到Q 过程，由动能定理，得211(2)(2)2m gl m μ=v⑤联立①②⑤，得对应AB 运动到Q 点的连杆角速度1ω1ω=⑥ω的取值范围：0ω<…⑦设AB 在PQ 段加速度大小为a ，由运动学规律，得11at =v⑧ (2)2m g ma μ=⑨联立①②⑧⑨，得12rt g ωμ=，(0ω<…) ⑩(3)若AB 压缩弹簧后反弹，由动能定理，得211(2)()(2)2m g l l m μ+=v联立①②，得对应AB 刚好反弹回P 点的连杆角速度2ω2ω=ωω<…由功能关系2P 11(2)(2)2E m m gl μ=-v22P 124E m r mgl ωμ=-，ω<…)。