湖南省益阳市箴言中学2015-2016学年高二下学期3月月考物理试卷
湖南省益阳市箴言中学2015届高三第一次模拟考试物理Word版含答案
益阳市箴言中学2015届高三第一次模拟考试物理考试时间90分钟，总分100分 制卷：徐而上一、本题共12小题；每小题4分，共48分。
1-8小题为单选题，9-12题为多选题，多选题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
请把答案填在答题卷的答题卡上。
1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确．．．的是（ ） A ．伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来 B ．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献C ．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律D ．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量 2．有关超重和失重的说法，正确的是（ ）A ．物体处于超重状态时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小B ．竖直上抛运动的物体处于完全失重状态C ．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于上升过程D ．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于下降过程3．在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A ，A 与竖直墙面间放一光滑圆球B ，整个装置处于静止状态。
现对B 施加一竖直向下的力F ，F 的作用线通过球心，设墙对B 的作用力为F 1，B 对A 的作用力为F 2，地面对A 的摩擦力为F 3。
若F 缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中 ( )A ．F 1保持不变，F 3缓慢增大B ．F 1缓慢增大，F 3保持不变C ．F 2缓慢增大，F 3缓慢增大D ．F 2缓慢增大，F 3保持不变4．如图所示，A 、B 两物体的质量分别是m 1和m 2，用劲度系数为k 的轻弹簧相连，处于竖直静止状态.现对A 施加竖直向上的力F 将A 提起，稳定时B 对地面无压力. 当撤去F ，A 由静止向下运动至速度最大时，重力做功为（ ）A ．kgm 221 B ．kgm 222C ．kgm m m 2211)(+ D ．kgm m m 2212)(+5．将火星和地球绕太阳的运动近似看成是同一平面内的同方向绕行的匀速圆周运动，已知火星的轨道半径m ，地球的轨道半径为m ，根据你所掌握的物理和天文知识，估算出火星与地球相邻两次距离最小的时间间隔约为( )A ．1年B ．2年C ．3年D ．4年6．从手中竖直向上抛出的小球，与水平天花板碰撞后又落回到手中，设竖直向上的方向为正方向，小球与天花板碰撞时间极短．若不计空气阻力和碰撞过程中动能的损失，则下列图像中能够描述小球从抛出到落回手中整个过程中速度v随时间t变化的关系图象是( )7.世界上第一条商业运行的磁悬浮列车“上海磁浮”已于2003年10月1日正式运营．据报导，上海磁浮全线长33 km，全程行驶约7 min 30 s，列车以120 m/s的最高速度行驶约30 s．如果这30 s处于行驶时段的正中，由这些数据可以估算出列车的加速度约为( )A．0.6 m/s2 B．0.3m/s2 C．1.10 m/s2 D．123 m/s28．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图（甲）、（乙）所示，则物体的质量为（g取10m／s2）（）A．㎏B．㎏C．㎏D．㎏9．如图所示，有一个重力不计的方形容器，被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态，现缓慢地向容器内注水，直到将容器刚好盛满为止，在此过程中容器始终保持静止，则下列说法中正确的是A．容器受到的摩擦力不变B．容器受到的摩擦力逐渐增大C．水平力F可能不变D．水平力F必须逐渐增大10．据报道．我国数据中继卫星“天链一号01星”于2008 年4 月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月l日成功定点在东经77°赤道上空的同步轨道。
2015年湖南省益阳市箴言中学高考物理三模试卷
2015年湖南省益阳市箴言中学高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共9小题，共36.0分)1.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【答案】A【解析】解：A、如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故C错误；D、受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误．故选：A．小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去．要想分清哪些是可靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易判断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第一定律，因此，在确定最后一空时一定要注意这一点2.如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小【答案】C【解析】解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选：C．先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．3.我国蹦床队组建时间不长，但已经在国际大赛中取得了骄人的成绩，前不久又取得北京奥运会的金牌．假如运动员从某一高处下落到蹦床后又被弹回到原来的高度，其整个过程中的速度随时间的变化规律如图所示，其中oa段和cd段为直线，则根据此图象可知运动员（）A.在t1～t2时间内所受合力逐渐增大B.在t2时刻处于平衡位置C.在t3时刻处于平衡状态D.在t4时刻所受的弹力最大【答案】B【解析】解：A、在t1～t2时间内做加速度逐渐减小的加速运动，所受的合力逐渐减小．故A错误．B、在t2时刻重力和弹力相等，速度最大，该位置为平衡位置．故B正确．C、在t3时刻到达最低点，速度为零，加速度不为零，不是平衡状态．故C错误．D、在t4时刻弹力与重力相等，不是最大，在最低点弹力最大．故D错误．故选：B．运动员在某一个高度落下，先向下做自由落体运动，与蹦床接触后，先做加速度减小的加速运动，当重力与弹力相等时，速度最大，然后做加速度逐渐增大的减速运动，到达最低点，速度为零．解决本题的关键通过图线得出运动员的运动情况，结合牛顿第二定律进行分析．4.如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（）A.A灯变亮B.B灯变亮C.R1上消耗功率变大D.总电流变小【答案】C【解析】解：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，则R1上消耗功率变大．路端电压U=E-I r，I增大，U减小，则A灯变暗．B灯与变阻器并联的电压U并=E-I（R1+r），I增大，则U并减小，所以B灯变暗．故选C将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R1上消耗功率的变化．根据总电流的变化分析并联部分电压的变化，判断B灯亮度的变化．对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．5.埃隆•马斯克首次对媒体透露了在火星建立社区的“火星移民”计划．假设火星移民通过一代又一代坚韧不拔的努力，不仅完成了“立足”火星的基本任务，而且还掌握了探测太空的完整技术．已知火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，在地球上发射人造地球卫星时的最小发射速度为v，则火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度为（）A.vB.vC.vD.v【答案】B【解析】解：根据万有引力提供向心力得：，解得最小的发射速度为：v=，因为火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，则火星上发射的最小速度是地球上的倍，即．故B正确，A、C、D错误．故选：B．根据万有引力提供向心力得出发射的最小速度，从而结合半径之比、质量之比求出发射的最小速度之比，得出火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度．解决本题的关键发射的最小速度等于环绕中心天体表面做圆周运动的速度，结合万有引力提供向心力进行求解．6.M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.电子在N点的动能小于在M点的动能B.该电子运动的加速度越来越小C.该电场一定是匀强电场D.电子运动的轨迹为曲线【答案】B【解析】解：A、由于电势能减小，知电场力做正功，因为电子仅受电场力，根据动能定理，知动能增大，即N点的动能大于M点的动能．故A错误．C、图线切线的斜率逐渐减小，则电场力逐渐减小，电场强度逐渐减小，不是匀强电场．故C错误．B、电场力逐渐减小，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小．故B正确．D、若电场线是直线，在M点释放一个初速度为零的电子，电子的运动轨迹为直线．故D错误．故选：B．电场力做功等于电势能的减小量，E p-x图线切线的斜率表示电场力的大小，通过斜率的大小判断电场力的变化，从而得出加速度的变化．根据电场力的变化判断动能的变化．解决本题的关键知道图线切线的斜率表示电场力，通过电场力的大小判断电场强度、加速度的变化，通过电场力做功判断动能的变化．7.太极球是广大市民中较流行的一种健身器材．将太极球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、B、C、D位置时球与板间无相对运动趋势．A为圆周的最高点，C为最低点，B、D与圆心O等高．球的质量为m，重力加速度为g，则（）A.在C处板对球所需施加的力比A处大6mgB.球在运动过程中机械能守恒C.球在最低点C的速度最小值为D.板在B处与水平方向倾斜角θ随速度的增大而减小【答案】C【解析】解：A、设球运动的线速率为v，半径为R，则在A处时：①在C处时：②由①②式得：F=2mg，即在C处板对球所需施加的力比A处大mg，故A错误．B、球在运动过程中，动能不变，势能时刻变化，故机械能不守恒，故B错误．C、球在任意时刻的速度大小相等，即球在最低点C的速度最小值为等于在最高点最小速度，根据，得，故C正确．D、根据重力沿水平方向的分力提供向心力，即mgtanθ=故v=，故板在B处与水平方向倾斜角θ随速度的增大而增大，故D错误．故选：C．人在运动过程中受重力和支持力，由向心力公式可以求在各点的受力情况．本题考查了向心力公式的应用，重点要对物体的受力做出正确的分析，列式即可解决此类问题．8.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A.4VB.8VC.12VD.24V【答案】B【解析】解：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则U be=U bd=×（24-4）=4v，故U be=φb-φe=4v，故φf-φd=4v，故φe=24-4=20v．φf=8v．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8v．故B正确．故选B．在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．①在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；②在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布．以上两点是解决此类题目的金钥匙．9.如图，平行板电容器经开关K与电池连接，a处有一带电量非常小的点电荷．K是闭合的，U a表示a点的电势，f表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A.U a变大，f变大B.U a变大，f变小C.U a不变，f不变D.U a不变，f变小【答案】B【解析】解：由于开关K闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压U AB保持不变．随B极板下移两极板之间的距离增大，根据E=可知两极板之间的电场强度E减小，由于U A a=E h A a，由于电场强度E减小，故U A a减小，由于U AB=U A a+U a B，所以U a B增大，由题图可知电源的负极接地，故B极板接地，所以B板的电势为0即U B=0，又U a B=U a-U B，所以U a=U a B增大．而点电荷在a点所受的电场力f=q E，由于E 减小，所以电场力f减小．故B正确．故选B．要求a点的电势如何变化，首先要确定电势为0的位置即零电势点，由于电容与电源相连故两极板之间的电压不变，而两极板之间的距离增大，故两极板之间的电场强度减小，所以A a之间的电势差减小，所以a B之间的电压增大．由于两极板之间的场强减小故试探电荷所受的电场力减小．本题难度较大，涉及知识面大，需要认真分析．方法是：先找不变量（U AB），再找容易确定的物理量（E和U A a），最后求出难以确定的量（确定U a B不能用U a B=E h a B，因为E 和h a B一个变大另一个变小）．二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)10.如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场（边界上有电场），电场强度为E=，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，AC为圆弧．一个质量为m，电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H=R处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道，不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的受力及运动情况，下列说法正确的是（）A.小球到达C点时对轨道压力为2mgB.小球在AC部分运动时，加速度不变C.适当增大E，小球到达C点的速度可能为零D.若E=，要使小球沿轨道运动到C，则应将H至少调整为【答案】AD【解析】解：A、小球进入半圆轨道，电场力和重力平衡，小球做匀速圆周运动，根据动能定理知，mg H=mv A2-0，解得：v A=．根据牛顿第二定律得：N=m，则小球到达C点时对轨道的压力为2mg．故A正确．B、小球在AC部分做匀速圆周运动，加速度大小不变，方向始终指向圆心．故B错误．C、若电场力小于重力，根据动能定理知，小球到达C点的速度不可能为零．若小球所受的电场力大于重力，根据径向的合力通过向心力，在最低点的速度不可能为零．故C错误．D、若E=，在最低点轨道的作用力为零，根据牛顿第二定律得，q E-mg=m，解得：v C=，根据动能定理得：mg（H+R）-q ER=mv C2-0，解得：H=R．所以H至少为R．故D正确．故选：AD．根据重力和电场力的关系，判断出小球进入圆弧轨道后的运动规律，结合径向的合力提供向心力分析．根据动能定理，结合牛顿第二定律判断C点的速度能否为零．当电场力是重力的2倍时，根据最低点弹力为零求出最小速度，结合动能定理求出H的至少高度．本题考查了带电小球在电场和重力场中的运动，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高，需加强这类题型的训练．11.如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止，弹簧处于竖直．现用力F沿斜面向上推A，但AB并未运动．下列说法正确的是（）A.施加F前，竖直墙壁对B的摩擦力可能向下B.施加F前，弹簧弹力大小一定等于A、B两物体重力大小之和C.施加F后，A、B之间的摩擦力大小可能为零D.施加F后，B与竖直墙壁之间可能没有摩擦力【答案】BC【解析】解：A、施加F前，对整体受力分析，一定受重力、弹簧弹力，若竖直方向受静摩擦力，则也一定受墙向右的弹力，但若受向右的弹力，则没有向左的力与之平衡，合力不可能为零，故整体不受墙的弹力，也不受静摩擦力；故A错误；B、施加F前，对整体受力分析，受重力、弹簧弹力，根据平衡条件弹簧弹力大小一定等于A、B两物体重力大小之和，B正确；C、当施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为m A gsinθ，若F=m A gsinθ，则A、B之间的摩擦力为零，故C正确．D、对整体分析，由于AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A、B的总重力，施加F后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力．故D错误．故选：BC．隔离对A分析，通过A受力平衡判断A、B之间摩擦力的变化．通过对整体分析，抓住AB不动，弹簧的弹力不变，判断B与墙之间有无摩擦力．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，以及掌握整体法和隔离法的运用．12.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F=μmg时，A的加速度为μgC.当F＞3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过μg【答案】BCD【解析】解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为，．故当0＜F≤时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；B、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′-2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′-′，解得F′=3μmg，故当＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A 相对于B滑动．当F=时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F-=3ma，解得a=，故B、C正确．D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg-，即B的加速度不会超过，故D正确．故选：BCD．根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．三、计算题(本大题共1小题，共6.0分)13.某同学利用自己设计的弹簧弹射器测量弹簧的弹性势能．装置如图所示．水平放置的弹射器将质量为m的静止小球弹射出去．测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t，甲、乙光电门间距为L，忽略一切阻力．①小球被弹射出的速度大小v= ______ ，求得静止释放小球时弹簧弹性势能E P= ______ ；（用题目中的字母符号表示）②由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果______ 影响（选填“有”或“无”）．【答案】；；无【解析】解：（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度：，由能量守恒得：（2）由力作用的独立性可知，重力不影响弹力做功的结果，有没有重力做功，小球的水平速度不会变化故答案为：①②③无（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度，由此可得速度，再由能量守恒可得弹性势能（2）由图中给的数据带入弹性势能表达式可得劲度系数（3）由力作用的独立性可知，对结果无影响本题重点是要弄清小球的射出速度就是在光电门间匀速运动的速度，在由平抛规律可得结果．四、实验题探究题(本大题共1小题，共8.0分)14.为了测量一微安表头A的内阻，某同学设计了如图所示的电路．图中，A0是标准电流表，R0和R N分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电池．完成下列实验步骤中的填空：（1）将S拨向接点1，接通S1，调节R0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时______ 的读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节______ ，使______ ，记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的______ ，此即为待测微安表头内阻的测量值．【答案】标准电流表；R N；标准电流表的读数仍为I；平均值【解析】解：（1）将S拨向接点1，接通S1，调节R0使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节R N，使标准电流表的读数仍为I，记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值．故答案为：（1）标准电流表（2）R N，标准电流表的读数仍为I（3）平均值先接通1，使待测电表有一示数，再接通2调节电阻箱使待测电表的示数相同，此时电阻箱的示数即为待测电表的内阻．本题考查了一种新的实验方法测量电表的内阻，要能够根据实验原理图知道实验的原理和步骤．五、填空题(本大题共1小题，共8.0分)15.如图所示，质量为m，电荷量为q的带电粒子以初速v0进入场强为E的匀强电场中，极板的长度为L，电容器极板中央到光屏的距离也是L，已知带电粒子打到光屏的P点，求偏移量OP的大小．【答案】解：水平方向：粒子做匀速直线运动，则有：t=竖直方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．加速度为：a=设粒子射出电场时，速度偏向角为θ，则有：tanθ==代入得：tanθ=故有：OP=L tanθ=答：偏移量OP的大小为．【解析】带电粒子垂直射入匀强电场中，做类平抛运动，平行于板的方向做匀速直线运动，由板长和初速度求出时间．根据牛顿张第二定律求出加速度，将射出电场的速度分解，求出偏转角θ的正切，由OP=L tanθ求解OP．本题是应用推论求解的，也可以求出偏转距离和偏转角的正切，根据数学知识求解OP．也可以用三角形相似法求解OP．六、计算题(本大题共3小题，共30.0分)16.如图所示，在光滑绝缘水平桌面上有两个静止的小球A和B，B在桌边缘，A和B均可视为质点，质量均为m=0.2kg，A球带正电，电荷量q=0.1C，B球是绝缘体不带电，桌面距地面的高h=0.05m．开始时A、B相距L=0.1m，在方向水平向右、大小E=10N/C的匀强电场的电场力作用下，A开始向右运动，并与B球发生正碰，碰撞中A和B之间速度交换，A和B之间无电荷转移．求：（1）A经过多长时间与B碰撞？（2）A、B落地点之间的距离是多大？【答案】解：（1）A在电场作用下做初速度为零的匀加速直线运动，根据动能定理有：q EL=代入数据解得：v0=1m/s由L=得：t===0.2s．（2）碰撞中A和B之间速度交换：v A=0，v B=1m/s．则A球和B球发生碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上初速度为零的匀加速运动，两球在竖直方向都做自由落体运动，运动时间相等，则有：h=gt2，得t===0.1s则A球落地时水平位移为：x A=at2==0.025mB球落地时水平位移为：x B=v B t=1×0.1m=0.1m故A、B两小球的落地点之间的距离为：S=x B-x A=0.075m答：（1）在小球A与B相碰前A的速率为1m/s；（2）A、B两小球的落地点之间的距离是0.075m．【解析】（1）A球在电场力作用下做匀加速运动，根据动能定理和位移公式求出时间．（2）碰撞过程中，A、B的总动能无损失，动能守恒，动量也守恒，根据两大守恒列式，求出碰撞后两球的速率．碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上初速度为零的匀加速运动，两者运动时间相等，由竖直方向上自由落体运动，根据高度h求出时间，由运动学公式分别两球的水平位移，即可求出A、B两小球的落地点之间的距离．题两球发生弹性碰撞，质量相等，交换速度，作为一个重要结论要记牢．碰撞后两球运动情况的分析是难点，也是解题的关键，运用运动的分解法研究．17.近期，为提高警惕保卫祖国，我国海军进行了登陆演练．如图所示，假设一艘战舰因吨位大吃水太深，只能停锚在离海岸登陆点s=1km处．登陆队员需要从较高的军舰甲板上，利用绳索下滑到登陆快艇上再行登陆接近目标，若绳索两端固定好后，与竖直方向的夹角θ=37°，甲板到快艇的竖直高度H=24m．队员下滑时，先从静止开始匀加速滑到某最大速度，再握紧绳索增大摩擦匀减速滑至快艇，速度刚好为零，重力加速度g=10m/s2，cos37°=0.6，问：（1）若登陆队员在绳索上运动的总时间为t1=4s，且加速过程与减速过程中的加速度大小相等，请指出队员滑到何处速度最大，并求出最大速度的值和加速度大小．（2）若快艇额定功率为5k W，载人后连同装备总质量为103kg，从静止开始以最大功率向登陆点加速靠近，到达岸边时刚好能达到最大速度10m/s，快艇在水中受到的阻力恒定，求快艇运动的时间t2．【答案】解：（1）运动员滑到绳索中点处速度最大，设运动员沿绳索滑行最大速度为v m，加速度大小为a，有：，代入数据解得：v m=15m/s，，代入数据解得：a=7.5m/s2；（2）加速度过，由动能定理得：，加到最大速度：v=10m/s时，P=fv，代入数据解得：；答：（1）队员滑到绳索中点处速度最大，最大速度的值为15m/s，加速度大小为7.5m/s2．（2）艇运动的时间t2．为110s．【解析】（1）由几何关系可得绳索长度，根据运动的对称性分析得出速度最大处，由位移与平均速度关系即可求解；（2）由动能定理与达到最大速度时功率与阻力的关系，可联合求得结果．本题考查了求最大速度、加速度、运动时间，分析清楚运动过程、应用匀变速直线运动的运动学公式、动能定理即可正确解题．。
数学---湖南省益阳市箴言中学2016-2017学年高二下学期3月月考试题(理)
湖南省益阳市箴言中学2016-2017学年下学期高二3月月考理科数学试题一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分. 在每小题列出的的四个选项中,选出符合题目要求的一项）1.因指数函数xa y =是增函数（大前提）,而x y )31(=是指数函数（小前提），所以x y )31(=是增函数（结论）”，上面推理的错误是 （ ） A ．大前提错导致结论错 B ．小前提错导致结论错C ．推理形式错导致结论错D ．大前提和小前提都错导致结论错2.对“a 、b 、c 至少有一个是正数”的反设是 （ ） A ．a 、b 、c 至少有一个是负数B. a 、b 、c 至少有一个是非正数 C ．a 、b 、c 都是非正数D. a 、b 、c 都是正数3.已知复数Z =2)1(24i i++(i 为虚数单位)在复平面内对应的点在直线x -2y +m =0上，则m = ( ) A.-5B.-3C.3D.54．用数学归纳法证明等式时，第一步验证时，左边应取的项是 （ ） A ．1B ．C ．D ．5.若1010991010)1()1()1(+++++++=x a x a x a a x ，则=9a （ ） A ．9B ．10C ．9-D ．10-6. 已知变量x ，y 满足约束条件，则y －2x 的取值范围是 （ ）A ．[－，4]B ．[－，1]C ．[1，4]D ．[－1，1]7. 已知椭圆＝1的离心率e ＝，则m ＝ （ ）(3)(4)123(3)()2n n n n *+++++++=∈N 1n =12+123++1234+++⎪⎩⎪⎨⎧≤-+≥≤+-07102y x x y x 2121my x 225+510A ．3B ．3或C． D ．或8. 下列命题中，假命题．．．是（ ） A ．若a ，b ∈R 且a ＋b ＝1，则a ·b ≤B ．若a ，b ∈R ，则≥≥ab 恒成立C ．(x ∈R ) 的最小值是2 D ． x 0，y 0∈R ，x 02＋y 02＋x 0y 0<09．已知等差数列{}n a 的前n 项和为156,11,4n S a a a =-+=-,n S 取最小值时n 的值为( ) A ．6 B. 7 C ．8 D ．9 10. 某同学在研究函数()f x 启发，将()f x 变形为()f x ＝＋，则()f x 表示PA PB +（如图），①()f x 的图象是中心对称图形； ②()f x 的图象是轴对称图形； ③函数()f x 的值域为；④方程(())1f f x =有两个解．上述关于函数()f x 的描述正确的是（ ） A. ①③ B. ③④ C. ②③ D. ②④ 二、填空题（本大题共5小题，每小题5分，共25分） 11.在251(2)x x-的二项展开式中，第4项的系数为．325515315541222b a +22⎪⎭⎫ ⎝⎛+b a 1322++x x 212.一物体在力5, 02,()34, 2x F x x x ≤≤⎧=⎨+>⎩(单位：N)的作用下沿与力F 相同的方向,从0x =处运动到4x = (单位：m)处,则力()F x 做的功为 焦.13. 某外商计划在四个候选城市投资3个不同的项目,且在同一个城市投资的项目不超过2个,则该外商不同的投资方案有 (用数字作答)14．已知函数f (x )=x 3－3x －1，若直线y =m 与y =f (x )的图像有三个不同的交点，则m 的取值范围是 .15．如图所示，对大于或等于2的自然数M 的n 次幂进行如下方式的“分裂”： 依次类推，20143“分裂”中最大的数是 .三、解答题 （本大题共6小题，共75分. 解答应写出文字说明、演算步骤或证明过程） 16.（本小题满分12分）在△ABC 中，已知AC ＝3，三个内角A ，B ，C 成等差数列. （1）若cos C＝，求AB ； （2）求△ABC 的面积的最大值.617.（本小题满分12分）已知四棱锥的底面是等腰梯形，分别是的中点.（Ⅰ）求证：； （Ⅱ）求二面角的余弦值.18.（本小题满分12分）已知二次函数122)(2+++=a ax x x f ，若对任意的]1,1[-∈x 都有1)(≥x f 恒成立，求a 的取值范围.P ABCD -ABCD //,AB CD ,AC BD ⊥O,AC BD 与交于,2,2PO ABCD PO AB CD ⊥===底面E F 、AB AP 、AC EF ⊥F OE A --A19.(本题满分12分)数列{}n a 中，321-=a ，其前n 项和n s 满足211+-=-n ns s )2(≥n ， (1)计算4321,,,s s s s ；(2)猜想n s 的表达式并用数学归纳法证明.20.（本小题满分13分）已知椭圆的一个顶点为,焦点在轴上.若右焦点到直线的距离为3.(Ⅰ)求椭圆的方程;(Ⅱ)设椭圆与直线相交于不同的两点.当时,求的取值范围.(0,1)A-0x y -+=(0)y kx m k =+≠M N 、||||AM AN =m21. （本小题满分14分）已知函数1ln(1)()(0)x f x x x++=>． （Ⅰ）函数()f x 在区间(0,)+∞上是增函数还是减函数？证明你的结论；（Ⅱ）当0x >时，()1kf x x >+恒成立，求整数的最大值；（Ⅲ）试证明：23(112)(123)(134)(1(1))e n n n -+⋅⋅+⋅⋅+⋅⋅⋅++>参考答案一、选择题1-5 ACADD 6-10 ABDAC 二、填空题 11. -4012. 36 13. 6014．（－3,1） 15．4058209三、解答题16．解：（1）∵A ，B ，C 成等差数列，∴2B ＝A ＋C ，又A ＋B ＋C ＝π，∴B ＝，由cos C ＝，求得sin C ＝，由正弦定理得：，∴AB ＝2. （2）设角A ，B ，C 的对边为a ，b ，c ，由余弦定理得：， ∴≥2ac ，∴ac ≤9，∴＝ac ·sin B ≤， ∴△ABC 面积的最大值为. 17 . （Ⅰ）证明：分别是的中点，由已知可知O BD PO =⋂，又 ，，（Ⅱ）以所在直线为x 轴，y 轴，z 轴，建立如图所示的空间直角坐标系. 由题设，， 得设平面的法向量为3π3633sinBAC sinC AB =cosB ac c a b ⋅-+=2222ac c a +=+922ABC S ∆21439439E F 、AB AP 、//,EF PB ∴,,PO ABCD PO AC ⊥∴⊥,AC BD ⊥ ,AC POB ∴⊥面PB POB ⊂面AC PB ∴⊥.AC EF ∴⊥,,OB OC OP 2,1OA OB OC OD ====()()()()0,2,0,2,0,0,0,1,0,1,0,0,(0,0,2)A B C D P --(1,1,0),(0,1,1),OE OF =-=-OEF (,,)m x y z =可，平面的法向量为33,cos =>=<∴ 由图形可知，二面角的余弦值为3318、解：法一：根据题意，得1111(1)1()1(1)1a a a f f a f ----或或≤--<<≥⎧⎧⎧⎨⎨⎨-≥≥≥⎩⎩⎩解得101a a 或≥≤<.0).a ，围为的范[∴+∞ 法二：若对任意的有()f x ≥1恒成立，则()a x x +≥-221对任意的恒成立，当x =-1时，a ∈R ，当x ≠-1时x a x -≥+221恒成立，令()x y g x x -==+21，(,]x ∈-11，令t x =+1得：(),(,]y t t t=-++∈1202，易知 max y =0，故a ≥20，0).a +∞，的范围为[∴19.345,,456S S S =-=-=-234解：（1）+1*1(2)21=,211212322112n k k k n n S n n k n k S n k k k S k S k k n k n S n n +++++=-=-=-+++++=++∈+猜测=-下面用数学归纳法证明：（Ⅰ）=1时显然成立（Ⅱ）假设＝时成立，即-那么当=+1时-即时命题成立综合（Ⅰ）（Ⅱ）=-对一切成立N 20.解：(Ⅰ)依题意可设椭圆方程为,右焦点,00m OE m OF ⎧∙=⎪∴⎨∙=⎪⎩ (1,1,1)m = OAE (0,0,1)n = F OE A --2221x y a+=22(,0),1F c c a =-,得故;故椭圆的方程为(Ⅱ)如右图所示,设,的中点为,则由可知,即,可化为,且……①又由得则得……②且,得……③③式代入①式得,,化简得,得,又代入②式得,,解得,综上可得,即为所求.21. 解：（Ⅰ）由题21[ln(1)]10,()0,xxx f xx+++'>=-<故()f x在区间(0,)+∞上是减函数（Ⅱ）当0x>时，()1kf xx>+恒成立，即1[1ln(1)]xk xx+<++在(0,)+∞上恒成立，取1()[1ln(1)]xh x xx+=++，则21ln(1)()x xh xx--+=，再取()1ln(1),g x x x=--+则1()10,11xg xx x'=-=>++故()g x在(0,)+∞上单调递增，而(1)ln20,(2)1ln30,(3)22ln20g g g=-<=-<=->，3=c=2213a c=+=2213xy+=1122(,),(,)M x y N x y MN00(,)P x y||||AM AN=AP MN⊥12121211(2)()0,0yk k y y x x x xx+⋅=-⇔++++=+≠212(1)()2(1)0k x x k m++++=12x x+≠22,33,y kx mx y=+⎧⎨+=⎩222(31)63(1)0k x kmx m+++-=22223612(31)(1)0k m k m∆=-+->2231m k<+122631kmx xk+=-≠+m≠226(1)2(1)031kmk k mk-+++=+2231m k=+1>12m>22m m<02m<<122m<<故()0g x =在(0,)+∞上存在唯一实数根(2,3),1ln(1)0a a a ∈--+=， 故(0,)x a ∈时，()0;(,)g x x a <∈+∞时，()0,g x >故[]min 1()1ln(1)1(3,4),3,a h x a a k a+=++=+∈≤故max 3k = （Ⅲ）由（Ⅱ）知：1ln(1)3333(0)ln(1)122111x x x x x x x x x++>>⇒+>-=->-+++ 令311(1),ln[1(1)]223()(1)1x n n n n n n n n =+++>-=--++，又ln[(112)(123)(134)(1(1))]n n +⋅⋅+⋅⋅+⋅⋅⋅++ln(112)ln(123)ln(1(1))n n =+⨯++⨯+++⨯+ 1111123[(1)()()]2231n n n >--+-++-+1323(1)232311n n n n n =--=-+>-++即：23(112)(123)(134)(1(1))en n n -+⋅⋅+⋅⋅+⋅⋅⋅++>。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法不符合物理史实的是：（）A．赫兹首先发现电流能够产生磁场，证实了电和磁存在着相互联系B．安培提出的分子电流假说，揭示了磁现象的电本质C．法拉第在前人的启发下，经过十年不懈的努力，终于发现电磁感应现象D．牛顿发现了万有引力定律并测出了万有引力常量2.面积是0.50m2的导线环，处于磁感强度为2.0×10-2T的匀强磁场中，环面与磁场垂直，穿过导线环的磁通量等于 ( )A．2.5×10-2Wb B．1.0×10-2Wb C．1.5×10-2Wb D．4.0×10-2Wb3.关于闭合电路的说法中，错误的是A．电源短路时，电源内电压等于电动势B．电源短路时，路端电压为零C．电源断路时，路端电压等于电动势D．外路电阻增大时，路端电压减小4.磁感强度是0.8T的匀强磁场中，有一根跟磁感线垂直、长0.2m的直导线，以4m/s的速度、在跟磁感线和直导线都垂直的方向上做切割磁感线的运动，则导线中产生的感应电动势的大小等于 ( )A．0.04V B．0.64V C．1V D．16V5.有一通电直导线与xOy平面垂直，导线中电流方向如图所示。
该区域有匀强磁场，通电直导线所受磁场力的方向与Ox轴的正方向相同。
该磁场的方向可能是A．沿x轴正方向B．沿y轴负方向C．沿z轴正方向D．沿z轴负方向6.细绳一端固定在天花板上，另一端拴一质量为m的小球，如图所示。
使小球在竖直平面内摆动，经过一段时间后，小球停止摆动。
下列说法中正确的是A．小球机械能守恒B．小球能量正在消失C．小球摆动过程中，只有动能和重力势能在相互转化D．总能量守恒，但小球的机械能减少7.如图，在粗糙水平木板上放一物体，把木板的一端逐渐抬至木板板面呈竖直位置，在这一过程中，下列判断正确的是：A．在这过程中物体所受的摩擦力不断增大B．物体在这过程中先受滑动磨擦力后受静磨擦力C．物体所受的摩擦力先增大后减小D．物体所受的摩擦力先逐渐增大后保持不变8.如图所示，质量为m="10" kg的物体在水平面上向左运动，物体与水平面间动摩擦因数为0.2，与此同时物体受到一个水平向右的推力F＝20N的作用，则物体产生的加速度是 ( )A．零B．4m/s2，水平向右C．2 m/s2，水平向左D．2 m/s2，水平向右9.如图当线圈以P为轴逆时针（从上往下看）转动时，则下列说法中正确的是，已知B为1.5T，AB为10cm，BC 为4cm，角速度ω=120rad/s。
2016-2017学年湖南省益阳市箴言中学高一(下)月考物理试卷 (3月份)(解析版)
2016-2017学年湖南省益阳市箴言中学高一（下）月考物理试卷（3月份）一、本题共12小题；每小题4分，共48分．1-8小题为单选题，9-12题为多选题，多选题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．请把答案填在答题卷的答题卡上．1．关于平抛运动和圆周运动，下列说法正确的是（）A．平抛运动是匀变速曲线运动B．匀速圆周运动是速率不变的运动C．圆周运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时的速度一定是竖直向下的2．竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中以速度v匀速上浮．红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时，使玻璃管水平匀加速向右运动，则蜡块的轨迹可能是（）A．直线P B．曲线Q C．曲线R D．无法确定3．质量为m的飞机以恒定速率v在空中水平盘旋（如图所示），其做匀速圆周运动的半径为R，重力加速度为g，则此时空气对飞机的作用力大小为（）A．m B．mg C．m D．m4．铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ（如图），弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度等于，则（）A．内轨对内侧车轮轮缘有挤压B．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C．这时铁轨对火车的支持力等于D．这时铁轨对火车的支持力大于5．人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是（）A．v0sin θB．C．v0cos θD．6．如图所示，物块P置于水平转盘上随转盘一起运动，图中c方向沿半径指向圆心，a方向与c方向垂直．当转盘逆时针转动时，下列说法正确的是（）A．当转盘匀速转动时．P受摩擦力方向为cB．当转盘匀速转动时，P不受转盘的摩擦力C．当转盘加速转动时，P受摩擦力方向可能为aD．当转盘减速转动时．P受摩擦力方向可能为b7．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（）A．tanθB．2tanθC．D．8．如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比为（）A．tanαtan αB．cosαcos αC．D．9．如图所示，一高度为h的光滑水平面与一倾角为θ的斜面连接，一小球以速度v从平面的右端P点向右水平抛出．则小球在空中运动的时间（）A．一定与v的大小有关B．一定与v的大小无关C．当v大于cotθ时，t与v无关D．当v小于cotθ时，t与v有关10．用细绳拴着质量为m的小球，使小球在半径为R的竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的是（）A．小球过最高点时，绳子张力可以为零B．小球过最高点时的最小速度为零C．小球刚好能过最高点时的速度是D．小球过最高点时，绳子对小球的作用力可以与球所受的重力方向相反11．如图两个质量不同的小球用长度不等的细线栓在同一点并在同一水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度必定大于球B的线速度B．球A的角速度必定大于球B的角速度C．球A的运动周期必定小于球B的运动周期D．球A对细线的拉力力必定大于球B对细线的拉力12．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上．小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止．则后一种情况与原来相比较，下列说法中正确的是（）A．Q受到桌面的支持力变大B．Q受到桌面的静摩擦力变大C．小球P运动的线速度变小D．小球P运动的角速度变大二、填空题（12分每空2分）13．（6分）如图所示，在“研究平抛物体的运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L=1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式：v0=．（用L、g表示），其值是（g取9.8m/s2），小球在b点的速率是．14．（6分）如图所示，轮O1、O3固定在一转轴上，轮O1、O2用皮带连接且不打滑．在O1、O2、O3三个轮的边缘各取一点A、B、C，已知三个轮的半径比r1：r2：r3=2：1：1，求：（1）A、B、C三点的线速度大小之比v A：v B：v C．（2）A、B、C三点的角速度之比ωA：ωB：ωC．（3）A、B、C三点的向心加速度大小之比a A：a B：a C．三、计算题：（本题包括4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（8分）一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，抛出点距地面高度为H=20m．求：（1）小球在空中的飞行时间是多少；（2）小球落地点距抛出点的水平距离是多少；（3）落地时小球的速度大小是多少．16．（8分）一小船渡河，河宽d=180m，水流速度v1=2.5m/s．若船在静水中的速度为v2=5m/s，求：（1）使船在最短的时间内渡河，船头应朝什么方向？用多长时间？位移是多少？（2）使船渡河的航程最短，船头应朝什么方向？用多长时间？位移是多少？17．（10分）如图所示，一名跳台滑雪运动员经过一段时间的加速滑行后从O点水平飞出，经过3s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg．不计空气阻力（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8；g取10m/s2）．求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度大小；（3）运动员从O点飞出开始到离斜坡距离最远所用的时间．18．（14分）如图所示，一半径R=1m的圆盘水平放置，在其边缘E点固定一小桶（可视为质点）．在圆盘直径DE的正上方平行放置一水平滑道BC，滑道右端C点与圆盘圆心O在同一竖直线上，且竖直高度h=1.25m．AB为一竖直面内的光滑圆弧轨道，半径r=0.45m，且与水平滑道相切与B点．一质量m=0.2kg的滑块（可视为质点）从A点由静止释放，当滑块经过B点时，对B点压力为6N，恰在此时，圆盘从图示位置以一定的角速度ω绕通过圆心的竖直轴匀速转动，最终物块由C点水平抛出，恰好落入圆盘边缘的小桶内．已知滑块与滑道BC间的摩擦因数μ=0.2．（取g=10m/s2）求：（1）滑块到达B点时的速度；（2）水平滑道BC的长度；（3）圆盘转动的角速度ω应满足的条件．2016-2017学年湖南省益阳市箴言中学高一（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、本题共12小题；每小题4分，共48分．1-8小题为单选题，9-12题为多选题，多选题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．请把答案填在答题卷的答题卡上．1．（2016•澄城县校级模拟）关于平抛运动和圆周运动，下列说法正确的是（）A．平抛运动是匀变速曲线运动B．匀速圆周运动是速率不变的运动C．圆周运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时的速度一定是竖直向下的【考点】平抛运动；匀速圆周运动【分析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变．【解答】解：A、平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，故A正确．B、匀速圆周运动的速度大小不变，方向时刻改变，故B正确．C、圆周运动的加速度方向在变化，不是匀变速运动，故C错误．D、平抛运动的物体落地时由于有水平分速度，根据平行四边形定则知，落地速度不可能竖直向下，故D错误．故选：AB．【点评】解决本题的关键知道平抛运动和匀速圆周运动的特点，知道平抛运动的加速度不变，匀速圆周运动的加速度在变化．2．（2014春•张掖校级期中）竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中以速度v匀速上浮．红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时，使玻璃管水平匀加速向右运动，则蜡块的轨迹可能是（）A．直线P B．曲线Q C．曲线R D．无法确定【考点】运动的合成和分解【分析】轨迹切线方向为初速度的方向，且轨迹弯曲大致指向合力的方向，从而即可求解．【解答】解：蜡块参与了竖直方向上的匀速直线运动和水平方向上的匀加速直线运动，合力的方向，水平向右，而轨迹的弯曲大致指向合力的方向．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键了解曲线运动的特点，轨迹上每一点切线方向为速度的方向，且轨迹弯曲大致指向合力的方向．3．（2015•福建模拟）质量为m的飞机以恒定速率v在空中水平盘旋（如图所示），其做匀速圆周运动的半径为R，重力加速度为g，则此时空气对飞机的作用力大小为（）A．m B．mg C．m D．m【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】飞机受重力、空气的作用力，靠两个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出空气对飞机的作用力．【解答】解：根据牛顿第二定律有：F=．合根据平行四边形定则，如图．空气对飞机的作用力F=．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．4．（2016春•庆阳校级期中）铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ（如图），弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度等于，则（）A．内轨对内侧车轮轮缘有挤压B．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C．这时铁轨对火车的支持力等于D．这时铁轨对火车的支持力大于【考点】向心力【分析】火车在弯道处拐弯时火车的重力和轨道对火车的支持力的合力做为转弯需要的向心力，当合力恰好等于需要的向心力时，火车对内外轨道都没有力的作用，速度增加，就要对外轨挤压，速度减小就要对内轨挤压．【解答】解：A、B、火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，此时火车的速度正好是，由题知，质量为m的火车转弯时速度等于，所以内外轨内外侧车轮轮缘都没有挤压，故AB错误．C、D、当内外轨没有挤压力时，受重力和支持力，支持力为N=故C正确，D错误．故选：C．【点评】火车转弯主要是分析清楚向心力的来源，再根据速度的变化，可以知道对内轨还是对外轨有作用力．5．（2016•江苏模拟）人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是（）A．v0sin θB．C．v0cos θD．【考点】运动的合成和分解【分析】将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据平行四边形定则求出A的实际运动的速度．【解答】解：将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度为：v=．故选：D．【点评】解决本题的关键知道速度的合成与分解遵循平行四边形定则，注意会画出正确的速度的分解图．6．（2014春•濮阳期末）如图所示，物块P置于水平转盘上随转盘一起运动，图中c方向沿半径指向圆心，a方向与c方向垂直．当转盘逆时针转动时，下列说法正确的是（）A．当转盘匀速转动时．P受摩擦力方向为cB．当转盘匀速转动时，P不受转盘的摩擦力C．当转盘加速转动时，P受摩擦力方向可能为aD．当转盘减速转动时．P受摩擦力方向可能为b【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】将圆周运动的物体受到的力正交分解：平行速度方向的合力，即切向力，产生切向加速度，改变速度的大小；垂直速度方向的合力，指向圆心，产生向心加速度，只改变速度的方向，不改变速度的大小．按照这个思路来分析判断物块所受到的摩擦力方向．【解答】解：A、圆盘匀速转动时，重力和支持力平衡，合外力（摩擦力）提供圆周运动向心力，故摩擦力方向指向圆心O点；B、由A分析知，B错误；C、当转盘加速转动时，物块P做加速圆周运动，不仅有沿c方向指向圆心的向心力，还有指向a方向的切向力，使线速度大小增大，两方向的合力即摩擦力可能指向b，故C错误；D、当转盘减速转动时，物块P做减速圆周运动，不仅有沿c方向指向圆心的向心力，还有指向a相反方向的切向力，使线速度大小减小，两方向的合力即摩擦力可能指向d，故D错误．故选：A【点评】分析圆周运动物体受到的力，把握好利用分解的思想：向切向和径向方向分解，难中等．7．（2017•江都区学业考试）一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（）A．tanθB．2tanθC．D．【考点】平抛运动【分析】物体做平抛运动，可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，根据速度与斜面垂直，得出水平分速度与竖直分速度的比值，从而得出小球在竖直位移与在水平方向位移之比．【解答】解：球撞在斜面上，速度方向与斜面垂直，则速度方向与竖直方向的夹角为θ，则有：tanθ=，竖直方向上和水平方向上的位移比值为=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】本题是有条件的平抛运动，关键要明确斜面的方向反映了速度方向与竖直方向的夹角，将速度进行分解，再运用平抛运动的规律解决这类问题．8．（2017春•万州区校级月考）如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比为（）A．tanαtan αB．cosαcos αC．D．【考点】平抛运动【分析】由几何关系可知两球下落高度及水平位移的关系，再由平抛运动的规律可求得初速度之比．【解答】解：由几何关系可知，A的竖直位移为：h A=Rcosα，水平位移为：x A=Rsinα；B的竖直位移为：h B=Rcos（90°﹣α）=Rsinα，水平位移为：x B=Rsin（90°﹣α）=Rcosα由平抛运动的规律可知：h=gt2，x=v0t解得：v0=x则=•=tanα故选：C【点评】本题考查平抛运动规律的应用，解题的关键在于明确题意及几何关系，运用运动学公式解答．9．（2013•南昌校级二模）如图所示，一高度为h的光滑水平面与一倾角为θ的斜面连接，一小球以速度v从平面的右端P点向右水平抛出．则小球在空中运动的时间（）A．一定与v的大小有关B．一定与v的大小无关C．当v大于cotθ时，t与v无关D．当v小于cotθ时，t与v有关【考点】平抛运动【分析】本题中存在“陷阱”，不能盲目的直接利用高度h求在空中运动时间，因为小球可能落地斜面上，因此要分落到斜面上和落到地面上两种情况讨论．【解答】解：根据h=，得．若vt＞hcotθ，即，物体落在水平面上，下落的时间由高度决定，与v无关．若vt＜hcotθ，即，物体落在斜面上，根据，知在空中的时间与v有关．故A、B错误，C、D正确．故选CD．【点评】本题考查比较巧妙，学生容易出错，要知道，小球可能落在斜面上，也有可能落在水平面上．10．（2016春•凯里市校级期中）用细绳拴着质量为m的小球，使小球在半径为R的竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的是（）A．小球过最高点时，绳子张力可以为零B．小球过最高点时的最小速度为零C．小球刚好能过最高点时的速度是D．小球过最高点时，绳子对小球的作用力可以与球所受的重力方向相反【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速【分析】小球过最高点时，分析向心力的来源，利用牛顿第二定律列方程即可解答【解答】解：A、小球在圆周最高点时，当速度v=时，重力提供向心力，绳子张力为零，故A正确．BC、小球刚好能在竖直面内做圆周运动，小球到最高点的速度最小，由mg=m，得最小速度为v=，故B错误，C正确．D、小球过最高点时，绳子对小球的作用力只能是拉力，不能可能与球所受的重力方向相反，故D错误．故选：AC．【点评】对于圆周运动问题重在分析向心力的来源，利用牛顿第二定律列方程11．（2017春•赫山区校级月考）如图两个质量不同的小球用长度不等的细线栓在同一点并在同一水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度必定大于球B的线速度B．球A的角速度必定大于球B的角速度C．球A的运动周期必定小于球B的运动周期D．球A对细线的拉力力必定大于球B对细线的拉力【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】对物体受力分析，明确向心力来源，抓住小球圆周运动的向心力由重力和绳的拉力的合力提供，由受力分析确定线速度、角速度以及周期．【解答】解：小球圆周运动的向心力由重力和绳拉力的合力提供，绳与竖直方向的夹角为θ对小球受力分析有在竖直方向有：Tcosθ﹣mg=0 ①在水平方向有：Tsinθ=ma=m=mrω2②由①②得：mgtanθ=ma=m=mrω2因为小球在同一平面内做圆周运动，则由题意知，小球圆周运动半径r=h tanθ，其中h为运动平面到悬点的距离．A、运动的线速度v=，由图可知A夹角较大，故A的线速度大于B 的线速度，故A正确；B、运动的角速度ω==，则说明角速度与夹角θ无关，角速度相等，故B错误；C、因角速度相等，则根据可知，AB的周期相等，故C错误；D、由Tcosθ﹣mg=0 可知，T=，因A的夹角较大，故A对细线的拉力要大于B对细线的拉力，故D正确．故选：AD．【点评】本题考查向心力以及圆周运动规律的应用，要求能分析题目中物理量的关系，抓住合力提供向心力展开讨论，分析向心力来源是关键，明确描述圆周运动物理量间的关系．12．（2016•郴州模拟）如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上．小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止．则后一种情况与原来相比较，下列说法中正确的是（）A．Q受到桌面的支持力变大B．Q受到桌面的静摩擦力变大C．小球P运动的线速度变小D．小球P运动的角速度变大【考点】向心力【分析】金属块Q保持在桌面上静止，根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化．以P为研究对象，根据牛顿第二定律分析细线的拉力的变化，判断Q 受到桌面的静摩擦力的变化．由向心力知识得出小球P运动的角速度、线速度与细线与竖直方向夹角的关系，再判断其变化．【解答】解：A、金属块Q保持在桌面上静止，对于金属块和小球研究，竖直方向没有加速度，根据平衡条件得知，Q受到桌面的支持力等于两个物体的总重力，保持不变．故A错误．B、C、D设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为T，细线的长度为L．P 球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：T=，mgtanθ=mω2Lsinθ，得角速度为：ω=，线速度为：v=，使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，θ增大，cosθ减小，tanθ、sinθ都增大，则得到细线拉力T增大，角速度增大，线速度增大．对金属块Q，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大．故C错误，BD正确．故选：BD．【点评】本题中一个物体静止，一个物体做匀速圆周运动，分别根据平衡条件和牛顿第二定律研究，分析受力情况是关键．二、填空题（12分每空2分）13．（6分）（2014春•淄博期末）如图所示，在“研究平抛物体的运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L=1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式：v0=．（用L、g表示），其值是0.7m/s（g取9.8m/s2），小球在b点的速率是0.875m/s．【考点】研究平抛物体的运动【分析】平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据△y=gT2求出时间单位T．对于水平方向由公式v0=求出初速度．由a、c间竖直方向的位移和时间求出b点竖直方向的分速度，运用速度的合成，求解b的速率．【解答】解：设相邻两点间的时间间隔为T竖直方向：2L﹣L=gT2，得到T=水平方向：v0=代入数据解得v0=0.7m/sb点竖直方向分速度v y==b点的速率v b=代入解得v b=0.875m/s故本题答案是：，0.7m/s，0.875m/s【点评】本题是频闪照片问题，频闪照相每隔一定时间拍一次相，关键是抓住竖直方向自由落体运动的特点，由△y=aT2求时间单位．14．（6分）（2015春•普格县校级期中）如图所示，轮O1、O3固定在一转轴上，轮O1、O2用皮带连接且不打滑．在O1、O2、O3三个轮的边缘各取一点A、B、C，已知三个轮的半径比r1：r2：r3=2：1：1，求：（1）A、B、C三点的线速度大小之比v A：v B：v C．（2）A、B、C三点的角速度之比ωA：ωB：ωC．（3）A、B、C三点的向心加速度大小之比a A：a B：a C．【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】共轴转动，角速度相等，靠传送带传动，线速度相等，根据v=rω，a=rω2=求出各点的线速度、角速度、向心加速度之比．【解答】解：（1）A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，A、C共轴转动，角速度相等，根据v=rω，则v A：v C=r1：r3=2：1．所以A、B、C三点的线速度大小之比v A：v B：v C=2：2：1．（2）A、C共轴转动，角速度相等，A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，根据v=rω，ωA：ωB=r2：r1=1：2．所以A、B、C三点的角速度之比ωA：ωB：ωC=1：2：1．（3）A、B的线速度相等，根据a=，知a A：a B=r2：r1=1：2．A、C的角速度相等，根据a=rω2得，a A：a C=r1：r3=2：1．所以A、B、C三点的向心加速度大小之比a A：a B：a C=2：4：1．答：（1）A、B、C三点的线速度大小之比v A：v B：v C=2：2：1．（2）A、B、C三点的角速度之比ωA：ωB：ωC=1：2：1．（3）A、B、C三点的向心加速度大小之比a A：a B：a C=2：4：1．【点评】解决本题的知道共轴转动的点，角速度相等，靠传送带传动轮子边缘上的点，线速度相等．三、计算题：（本题包括4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（8分）（2015春•金昌校级期中）一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，抛出点距地面高度为H=20m．求：（1）小球在空中的飞行时间是多少；（2）小球落地点距抛出点的水平距离是多少；（3）落地时小球的速度大小是多少．【考点】平抛运动【分析】（1）小球做平抛运动，飞行时间由抛出点的高度决定，竖直方向做自由落体运动，由求解时间．（2）小球水平方向做匀速直线运动，由公式x=v0t求解水平距离．（3）由水平和竖直两个分速度合成求落地速度．【解答】解：（1）由H=gt2得t==s=2s（2）由x=v0t得x=10×2m=20 m（3）经过2s，小球的竖直速度为vy=gt=20 m/s所以落地时速度为v==m/s=10m/s答：（1）小球在空中的飞行时间是2s；（2）小球落地点距抛出点的水平距离是20m；（3）落地时小球的速度大小是10m/s．【点评】解答本题关键掌握平抛运动的分解方法和相应的规律：竖直方向做自由落体运动，水平做匀速直线运动．对于落地时速度也可以根据机械能守恒求．16．（8分）（2014春•赤壁市校级期中）一小船渡河，河宽d=180m，水流速度v1=2.5m/s．若船在静水中的速度为v2=5m/s，求：（1）使船在最短的时间内渡河，船头应朝什么方向？用多长时间？位移是多少？（2）使船渡河的航程最短，船头应朝什么方向？用多长时间？位移是多少？【考点】运动的合成和分解【分析】当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直时，渡河航程最短，结合运动学公式与平行四边形定则，即可求解．【解答】解：（1）欲使船在最短时间内渡河，船头应朝垂直河岸方向．当船头垂直河岸时，如图甲所示．合速度为倾斜方向，垂直分速度为v2=5 m/s．t==s=36 sv==m/ss=vt=90m（2）欲使船渡河航程最短，应垂直河岸渡河，船头应朝上游与垂直河岸方向成某一夹角α如图乙所示，有v2sin α=v1，得α=30°所以当船头向上游偏30°时航程最短．s′=d=180 m．t′==s=24s答：（1）船头垂直于河岸，时间为36s，位移是90m；（2）船头向上游偏30°，时间为24s，位移是180m．。
2015-2016学年湖南省益阳市箴言中学高一下学期3月月考试题 物理
2015-2016学年湖南省益阳市箴言中学高一下学期3月月考试题 物理考试时间90分钟，总分100分一、本题共12小题；每小题4分，共48分。
1-8小题为单选题，9-12题为多选题，多选题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
请把答案填在答题卷的答题卡上。
1．关于运动的性质，以下说法中正确的是（ ） A ．曲线运动一定是变速运动B ．变速运动一定是曲线运动 C ．曲线运动一定是变加速运动D ．物体加速度大小、速度大小都不变的运动一定是直线运动 2．关于运动的合成和分解，下列说法正确的是（ ） A ．合运动的时间等于两个分运动的时间之和 B ．匀变速运动的轨迹可以是直线，也可以是曲线 C ．曲线运动的加速度方向可能与速度在同一直线上D ．分运动是直线运动，则合运动必是直线运动3．在一次汽车拉力赛中，汽车要经过某半径为R 的圆弧形水平轨道，地面对汽车的最大静摩擦力为车重的0.1倍，汽车要想通过该弯道时不发生侧滑，那么汽车的行驶速度不应大于( ).10g A R.B gR C D 4．关于从同一高度以不同初速度水平抛出的物体，比较它们落到水平地面上的时间（不计空气阻力），以下说法正确的是（ ）A ．速度大的时间长B ．速度小的时间长C ．一样长D ．质量大的时间长 5．做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是（ ）A ．大小相等，方向相同B ．大小不等，方向不同C ．大小相等，方向不同D ．大小不等，方向相同6．甲、乙两物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1∶2 ，转动半径之比为1∶2 ，在相等时间里甲转过60°，乙转过45°，则它们所受外力的合力之比为（ ）A ．1∶4B ．2∶3C ．4∶9D ．9∶167．质量为m 的小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的临界速度值是v ，当小球以2v 的速度经过最高点时，对轨道的压力值为( ) A. 0 B. mg C. 3mg D. 5mg8．如图所示的两个斜面，倾角分别为37°和53°，在顶点两个小 球A 、B 以同样大小的初速度分别向左、向右水平抛出，小球都落在斜面上，若不计空气阻力，则A 、B 两个小球平抛运动时间之比为 ( )A. 1:1B. 4:3C. 16:9D. 9:169．下列各种运动中，属于匀变速运动的有（ ）A ．匀速直线运动B ．匀速圆周运动C ．平抛运动D ．竖直上抛运动图210．如图2所示,一个内壁光滑的圆锥筒的轴线是竖直的，圆锥固 定，有质量相同的两个小球A 和B 贴着筒的内壁在水平面内做匀 速圆周运动，A 的运动半径较大，则:（ ）A.A 球的角速度必小于B 球的角速度B.A 球的线速度必小于B 球的线速度C.A 球运动的周期必大于B 球运动的周期D.A 球对筒壁的压力必大于B 球对筒壁的压力 11．如图1所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下， 当小车匀速向右运动时，关于物体A 的叙述正确的是（ ） A ．加速运动 B ．减速运动C ．匀速运动D ．绳的拉力大于物体A 的重力 12．如图4所示，图4有一个半径为R 的光滑圆轨道，现给小球一个初速度，使小球在竖直面内做圆周运动，则关于小球在过最高点的速度v ，下列叙述中正确的是( )A ．v 的极小值为gRB ．v 由零逐渐增大，轨道对球的弹力逐渐增大C ．当v 由gR 值逐渐增大时，轨道对小球的弹力也逐渐增大D ．当v 由gR 值逐渐减小时，轨道对小球的弹力逐渐增大二、实验题（12分每空2分）13．如图5所示，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取出a 、b 、c 、d 四个点(轨迹已擦去)．已知小方格纸的边长L ＝2.5 cm.g 取10 m/s 2.请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：图5(1)根据水平位移，求出小球平抛运动的初速度v 0＝________. (2)从抛出点到b 点所经历的时间是________．14、探究物体的加速度与力、质量的关系实验如下：（1）在探究物体的加速度与物体受力．．．．．．．．的关系时，应保持 不变，分别改变施加在物体上的水平拉力F ，测出相对应的加速度a 。
高二物理下学期第三次月考试题高二全册物理试题_00001
嗦夺市安培阳光实验学校度第二学期第三次月考高二理科综合一、选择题（1-18为单选题，19-21为多选题。
）14、关于洛伦兹力，以下说法正确的是（）A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．若带电粒子在某点不受洛伦兹力，则该点的磁感应强度一定为零C ．洛伦兹力不改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用的运动电荷，动能一定不改变15、下列有关物理学史或物理现象的说法中正确的是（）A ．停在高压线上的小鸟没有被电击，是因为小鸟所停处电势为零B．法拉第以他深刻的洞察力提出场的概念，并引入了电场线C．安培通过实验研究，发现了电流周围存在磁场，并通过安培定则判断磁场方向D．超高压带电作业的工人所穿工作服的织物中不能掺入金属丝16、如图所示，一根条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，环中的感应电流（自左向右看）（）A．沿顺时针方向B．先沿顺时针方向后沿逆时针方向C．沿逆时针方向D．先沿逆时针方向后沿顺时针方向17、如图所示，电场中有a、b两点，则下列说法中正确的是（）A．电势φa＜φb，场强E a＜E bB．电势φa＞φb，场强E a＞E bC．将电荷﹣q从a点移到b点电场力做负功D．将电荷﹣q分别放在a、b两点时具有的电势能E pa＞E pb18、如图所示．一理想变压器的原线圈匝数为n1=1000匝，副线圈匝数为，n2=200匝，电阻R=8.8Ω．原线圈接入一电压u=220（v）的交流电源，电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，则（）A．副线圈交受电流的频率是100HzB．t=ls的时刻，电压表V的示数为0C．变压器的输入电功率为220WD．电流表A的示数为10A二、多选19、图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是（）A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动20、如图所示的匀强电场中，已知场强大小等于100V/m，AB间距为6cm；则以下说法正确的是（）A．A点电势等于B点电势，A、B、C三点场强相同B．A B两点间的电势差为+6VC．现有一个电量为+q的电荷，第一次从A点移到B点，电场力做功为W1；第二次该电荷从A点移到C点，然后再移到B点，在这个过程中电场力做功为W2，则W2＞W1D．若A点电势为零，则B点电势为﹣3V21、如图所示，在一等腰直角三角形ACD区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力）从AC边的中点O垂直于AC边射入该匀强磁场区域，若该三角形的两直角边长均为2l，则下列关于粒子运动的说法中正确的是（）A．若该粒子的入射速度为v=，则粒子一定从CD边射出磁场，且距点C的距离为lB．若要使粒子从CD边射出，则该粒子从O点入射的最大速度应为v=C．若要使粒子从AC边射出，则该粒子从O点入射的最大速度应为v=D ．该粒子以不同的速度入射时，在磁场中运动的最长时间为三、非选择题22、在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，画出的小灯泡伏安特性曲线（选填“是”或“不是”）直线；图中螺旋测微器的读数是mm．23、为了测定一电池的电动势和内电阻，实验中提供有下列器材：A．电流表G（满偏电流10mA，内阻r g=10Ω）B．电流表A （0～0.6A～3A，内阻未知）C．滑动变阻器R0（0～100Ω，1A）D．定值电阻R（阻值990Ω）E．开关与导线若干．（1）根据现有的实验器材，设计电路图，要求用题中所给仪器符号标在电路图中，请画在方框中．（2）如图是小强根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E= V，内阻r= Ω．（均保留2位有效数字）24、冰球运动员甲的质量为80.0kg。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电动势，以下说法中正确的是A ．电源电动势等于电源正、负极之间的电势差B ．用电压表直接测量电源两极间的电压数值，实际上总略小于电源电动势C ．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D ．电动势的大小数值上等于非静电力把1C 的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功2.一个电流表的满偏电流I g =1mA ，内阻R g =500Ω。
要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上A ．串联一个10kΩ的电阻B ．并联一个10kΩ的电阻C ．串联一个9.5kΩ的电阻D ．并联一个9.5kΩ的电阻3.有A 、B 、C 三个点电荷，若将A 、B 放在距离为12 cm 的位置上，B 受到A 的库仑力大小为F ．若将B 、C 放在距离为12 cm 的位置上，B 受到C 的库仑力大小为2F ．那么C 与A 所带电荷量大小之比是A ．1:2B ．1:4C ．2:1D ．4:14.电场中有一点P ，下列说法中正确的是A ．若放在P 点的检验电荷的电量减半，则P 点的场强减半B ．若P 点没有检验电荷，则P 点场强为零C ．P 点的场强越大，则同一电荷在P 点受到的电场力越大D ．P 点的场强方向为放在该点的电荷的受力方向5.关于电阻率，下列说法正确的是A ．电阻率与导体的长度L 和横截面积S 有关B ．电阻率表征了导体材料导电能力的强弱，由导体的材料决定，与温度有关C ．导体的电阻率越大，电阻也越大D ．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻6.如图所示，在足够大的粗糙水平绝缘面上固定着一个带负电的点电荷Q ，将一个质量为m 、带电量为q 的小金属块（金属块可视为质点）在水平面上由静止释放，金属块将在水平面上沿远离Q 的方向开始运动．则在金属块从开始运动到停下的整个过程中A ．金属块的加速度一直减小B ．金属块的电势能先减小后增大C ．电场力对金属块做功的值等于金属块增加的机械能D ．电场力对金属块所做功的数值一定等于摩擦产生的热7.下列方法中，可以改变平行板电容器电容的是A ．增大两极板的带电量B ．增大两极板间的距离C ．增大两板的正对面积D ．增大两极板间的电压8.在某段电路中，其两端电压为U ，通过的电流为I ，通电时间为t ，若该电路电阻为R ，则关于电功和电热的关系，下列结论正确的是A ．在任何电路中，电功UIt=I 2RtB ．在任何电路中，电功为UIt ，电热为I 2RtC ．在纯电阻电路中，UIt=I 2RtD ．在非纯电阻电路中，UIt I 2Rt9.如图所示，将等量的正、负点电荷分别置于M 、N 两点，O 点为MN 连线的中点，点a 、b 在MN 连线上，点c 、d 在MN 中垂线上，它们都关于O 点对称．下列说法正确的是A ．a 、b 两点的电场强度相同B ．c 、d 两点的电场强度相同C ．将电子沿直线从a 点移到b 点，电子的电势能减少D ．将电子沿直线从c 点移到d 点，电场力不做功10.如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab = U bc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知A ．三个等势面中，a 的电势最高B ．此带电质点在P 点具有的电势能比在Q 点具有的电势能大C ．此带电质点通过P 点时的动能比通过Q 点时大D ．此带电质点通过P 点时的加速度比通过Q 点时的加速度大11.下列说法正确的是A ．电荷放在电势高的地方，电势能就大B ．无论正电荷还是负电荷，克服电场力做功它的电势能都增大C ．正电荷在电场中某点的电势能，一定大于负电荷在该点具有的电势能D ．电场强度为零的点，电势一定为零12.如图所示，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1为定值电阻（R 1＞r ），R 2为可变电阻，以下说法中正确的是A ．当R 2= R 1+r 时，R 2上获得最大功率B ．当R 1= R 2+r 时，R 1上获得最大功率C ．当R 2=0时，电源的效率最大D ．当R 2=0时，电源的输出功率最大13.电动势为E 、内阻为r 的电源与定值电阻R 1、R 2及滑动变阻器R 连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b 端时，下列说法正确的是A ．电压表和电流表读数都增大B ．电压表和电流表读数都减小C ．电压表读数增大，电流表读数减小D ．电压表读数减小，电流表读数增大14.某研究性学习小组学习电学知识后进行对电工穿的高压作业服进行研究，发现高压作业服是用铜丝编织的，下列各同学的理由正确的是A ．甲认为铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织B ．乙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势保持为零，对人体起保护作用+C ．丙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起保护作用D ．丁认为铜丝必须达到一定的厚度，才能对人体起到保护作用15.在如图所示的电路中，已知C 1=C 2，电阻R 1>R 2，电源电动势为E ，内阻不计，当开关S 由断开到接通时，下列说法正确的是A ．C 1所带的电量变多，C 2所带的电量变少B ．电路稳定后C 1所带的电量小于C 2所带的电量C ．C 1和C 2的电量都变多D ．C 1和C 2的电量都变少16.如图所示，直线A 为电源的U —I 图线，直线B 为电阻R 的U —I 图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是A ．4 W 、8 WB ．2 W 、4 WC ．4 W 、6 WD ．2 W 、3 W二、实验题1.用如图所示的电路测量待测电阻R X 的阻值时，下列关于由电表产生误差的说法中，正确的是A ．由于电压表的分流作用，使电阻的测量值小于真实值B ．由于电流表的分压作用，使电阻的测量值小于真实值C ．电压表的内电阻越大，测量越精确D ．电流表的内电阻越大，测量越精确2.某待测电阻的阻值大约为10Ω，为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材A ．电流表A 1（量程300mA ，内阻约1Ω）B ．电流表A 2（量程0.6A ，内阻约3Ω）C ．电压表V 1（量程3.0V ，内阻约5kΩ）D ．电压表V 2（量程15.0V ，内阻约15kΩ）E ．滑动变阻器R 1（最大阻值为50Ω）F ．滑动变阻器R 2（最大阻值为500Ω）G．电源E（电动势4V，内阻可忽略）H．电键、导线若干①为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需填写器材前面的字母即可）电流表；电压表；滑动变阻器 .②在下列给出的方框中画出合理的实验电路图3.下图（甲）为某同学测绘额定电压为2.5 V小灯泡的I—U图线实验电路图．根据电路图，用笔画线代替导线，将图（乙）中的实物电路连接成完整实验电路．（甲）（乙）三、计算题1.如图所示，电源的电动势是6V，内电阻是0.5,小电动机M的线圈电阻为0.5，限流电阻R为3，若电压表的示数为3V，试求：⑴电源的功率和电源的输出功率⑵电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率2.一个带正电的微粒，从A点射入水平方向的匀强电场中，微粒沿直线AB运动，如图，AB与电场线夹角θ=30°，已知带电微粒的质量m=1.0×10－7kg，电量q=1.0×10－10C，A、B相距L=20cm。
湖南省箴言中学2015届高三上第三次模拟考试物理试题及答案
v t 1 t 2 t 3t 4 t 5 abcd0 t益阳市箴言中学2015届高三第三次模拟考试物理时量90分钟 满分100分一．选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，1至9小题只有一个选项是正确的，10至12小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
请把答案填涂在答题卷的答题卡上。
）1、伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。
利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。
斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。
根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是A .如果斜面光滑，小球将上升到与O 点等高的位置B .如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C .如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D .小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小２、如图所示，有一质量不计的杆AO ，长为R ，可绕A 自由转动．用绳在O 点悬挂一个重为G 的物体，另一根绳一端系在O 点，另一端系在以O 点为圆心的圆弧形墙壁上的C 点．当点C 由图示位置逐渐向上沿圆弧CB 移动过程中(保持OA 与地面夹角θ不变)，OC 绳所受拉力的大小变化情况是 ( ) A ．逐渐减小 B ．逐渐增大 C ．先减小后增大 D ．先增大后减小３、我国蹦床队组建时间不长，但已经在国际大赛中取得了骄人的成绩．假如运动员从某一高处下落到蹦床后又被弹回到原来的高度，其整个过程中的速度随时间的变化规律如图所示，其中oa 段和cd 段为直线，则根据此图象可知运动员 A ．在t 1 ~ t 2时间内所受合力逐渐增大 B ．在t 2时刻处于平衡位置 C ．在t 3时刻处于平衡状态a b cd D ．在t 4时刻所受的弹力最大4、如图所示电路中.A 、B 两灯均正常发光，R 为一滑动变阻器，P 为滑动片，若将滑动片向下滑动，则( ) A.A 灯变亮 B.B 灯变亮 C.R 1上消耗功率变大 D.总电流变小５、埃隆·马斯克首次对媒体透露了在火星建立社区的“火星移民”计划．假设火星移民通过一代又一代坚韧不拔的努力，不仅完成了“立足”火星的基本任务，而且还掌握了探测太空的完整技术．已知火星半径是地球半径的1/2，火星质量是地球质量的1/10，在地球上发射人造地球卫星时的最小发射速度为v ，则火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度为 A ．55v B ．105v C ．22v D ．v 5６、M 、N 是某电场中一条电场线上的两点，若在M 点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M 点运动到N 点，其电势能随位移变化的关系如题3图所示，则下列说法正确的是 A ．电子在N 点的动能小于在M 点的动能 B ．该电子运动的加速度越来越小 C ．该电场一定是匀强电场D ．电子运动的轨迹为曲线７、太极球是广大市民中较流行的一种健身器材．将太极球简化成如题4图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A 、B 、C 、D 位置时球与板间无相对运动趋势．A 为圆周的最高点，C 为最低点，B 、D 与圆心O 等高．球的质量为m ，重力加速度为g ，则 A ．在C 处板对球所需施加的力比A 处大6mg B ．球在运动过程中机械能守恒 C ．球在最低点C 的速度最小值为gR D ．板在B 处与水平方向倾斜角 随速度的增大而减小８、a 、b 、c 、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。
湖南省益阳市箴言中学—学年高二3月月考物理试题
益阳市箴言中学2014—2015学年高二3月月考理科物理试题（时间90分钟 满分100分）一、 选择题（14×4分，其中第2、8、12 、13小题为多选 ） 1. 物体动量变化量的大小为5 kg ·m/s ，这说明( )A.物体的动量一定在减小B.物体的动量一定在增大C.物体的动量大小也可能不变D.物体的动量大小一定变化 2. 关于光的波动性与粒子性以下说法正确的是( )A ．爱因斯坦的光子说否定了光的电磁说B ．光电效应现象说明了光的粒子性C ．频率越高的电磁波，粒子性越显著D ．波长越长的电磁波，粒子性越显著 3.关于力的冲量以下说法正确的是（ ） A.只有作用时间很短的力才能产生冲量 B.冲量是矢量，其方向就是力的方向C.一对作用力与反作用力的冲量一定等大且反向D.如果力不等于零，则在一段时间内其冲量不可能为零4. 在我们的体育课上，体育老师在讲解接篮球的技巧时，经常这样描述：当接迎面飞来的篮球，手接触到球以后，两臂随球后引至胸前把球接住.这样做的目的是 ( )A.减小篮球的冲量B.减小篮球的动量变化C.增大篮球的动量变化D.减小篮球的动量变化率5. 如图所示，两带电的金属球在绝缘的光滑水平面上沿同一直线相向运动，A 带电荷量为－q ，B 带电荷量为＋2q ，下列说法正确的是 ( ) A.相碰前两球运动中动量不守恒B.相碰前两球的总动量随距离的减小而增大C.两球相碰分离后的总动量不等于相碰前的总动量，因为碰前作用力为引力，碰后为斥力D.两球相碰分离后的总动量等于碰前的总动量，因为两球组成的系统合外力为零 6. 关于光电效应,下列说法正确的是( ) A.截止频率越大的金属材料逸出功越大B.只要光照射的时间足够长,任何金属都能产生光电效应C.从金属表面出来的光电子的最大初动能越大,这种金属的逸出功越小D.入射光的光强一定时,频率越高,单位时间内逸出的光电子数就越多7. 如图所示，在光滑水平面上静止放着两个相互接触的木块A 、B ，质量分别为m 1和m2，今有一子弹水平穿过两木块.设子弹穿过木块A 、B 的时间分别为t 1和t 2，木块对子弹的阻力恒为f ，则子弹穿过两木块后，木块A 的速度大小是 ( )A.ft 1m 1B.ft 1m 1＋m 2C.f (t 1＋t 2)m 1＋m 2D.f (t 1＋t 2)m 18. 动能相同的A 、B 两球(m A >m B )在光滑的水平面上相向运动，当两球相碰后，其中一球停止运动，则可判定( )A ．碰撞前A 球的速度大于B 球的速度 B ．碰撞前A 球的动量大于B 球的动量C ．碰撞前后A 球的动量变化大于B 球的动量变化D ．碰撞后，A 球的速度一定为零，B 球朝反方向运动9. 质量为m 的A 球以速率v 与质量为3m 的静止B 球沿光滑水平面发生正碰，碰撞后A 球速率为v2，则B 球速率可能为( ) A.v 6 B.v 3 C.v 2 D ．2v 10. 下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射规律的是( ) 11. 小船相对于地面以速度v 向东行驶，若在船上以相对于地面相同的速率2v 分别水平向东和向西抛出两个质量相等的重物，则小船的速度将( ) A.不变B.减小C.增大D.速度为零12.如图所示，小车放在光滑水平面上，A 端固定一个轻弹簧，B 端粘有油泥，小车总质量为M ，质量为m 的木块C 放在小车上，用细绳连接于小车的A 端并使弹簧压缩，开始时小车和C 都静止，当突然烧断细绳时，C 被释放，使C 离开弹簧向B 端冲去，并跟B 端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是( ) A.弹簧伸长过程中C 向右运动，同时小车也向右运动 B.C 与B 碰前，C 与小车的速率之比为M ∶mC.C 与油泥粘在一起后，小车立即停止运动D.C 与油泥粘在一起后，小车继续向右运动 13. 如右图所示，轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m 的物体A 相连，A 放在光滑水平面上，有一质量与A 相同的物体B ，从高h 处由静止开始沿光滑曲面滑下，与A 相碰后一起将弹簧压缩，弹簧复原过程中某时刻B 与A 分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是( )A ．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghB ．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mgh2C ．B 能达到的最大高度为h2D．B能达到的最大高度为h 414. A、B两球沿同一条直线运动，图示的x－t图象记录了它们碰撞前后的运动情况，其中a、b分别为A、B碰撞前的x－t图线，c为碰撞后它们的x－t图线.若A球质量为1 kg，则B球质量是 ( )A.0.17 kgB.0.34 kgC.0.67 kgD.1.00 kg二、填空题（前三空每空3分共15分）15. (1)利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”这一实验。
湖南省益阳市箴言中学2015-2016学年高二10月月考物理试题解析(解析版)
湖南省益阳市箴言中学2015—2016学年高二10月月考物理试题（教师版）一、选择题(本题有12小题，每小题4分，共48分．请将正确答案填在答题栏内)1．小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列数字中的()A．6.2×10－19 C B．6. 4×10－19 C C．6.6×10－19 C D．6.8×10－19 C2．电场中有一点P，下列说法中正确的有()A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为放在该点的电荷所受电场力的方向【答案】C【解析】试题分析：电场中某点的电场强度的大小与试探电荷的大小及所受的电场力无关，只由电场本身来决定，故选项AB错误；根据F=Eq可知，P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大，选项B正确；P点的场强方向为放在该点的正电荷所受电场力的方向，选项D错误；故选C.考点：电场强度.3．如图所示，有三个点电荷A、B、C位于一个等边三角形的三个顶点上，已知A、B都带正电荷，A所受B、C两个电荷的静电力的合力如图中F A所示，那么可以判定点电荷C所带电荷的电性为()A．一定是正电B．一定是负电C．可能是正电，也可能是负电D．无法判断【答案】B【解析】试题分析：只有当C带负电时，A受到B的沿AB方向的斥力和C对A的沿AC方向的吸引力，其合力方向才可能是F A所示的方向，故选B.考点：电场力，力的合成.4．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一电子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度v B经过B点，且v B与v A的方向相反，则( )A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的速度一定小于在B点的速度D．电子在A点的电势能一定小于在B点的电势能5．如图所示，细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则（）A．小球不可能做匀速圆周运动B．当小球运动到最高点时绳的张力一定最小C．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D．小球运动到最低点时，电势能一定最大【答案】D【解析】试题分析：重力竖直向下、电场力竖直向上，若使二者相等且保持绳子拉力大小不变，则有可能做匀速圆周运动，故A 错误；重力与电场力大小未知，小球速度最小位置不确定，由受力分析结合牛顿第二定律得知，绳子张力最小位置不确定，故B 错误；由B 分析可知，C 错误；沿电场方向电势逐渐降低，结合小球带负电，故在电势最低处点势能最大，故D 正确；故选D. 考点：带电粒子在复合场中的运动。
湖南省益阳市箴言中学高二物理下学期末考试试题 理
益阳市箴言中学2014年下学期高二期终考试理科物理试题一、选择题(每题4分，共52分。
)1．把一根导线平行地放在如图所示磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转。
首先观察到这个实验现象的物理学家是 A ．奥斯特 B ．法拉第 C ．安培 D ．特斯拉2．如图所示，为正电荷Ｑ产生的电场，Ａ、Ｂ是电场中的两点，将电荷量为q=5×10－8C 的正点电荷（试探电荷）置于Ａ点，所受电场力为2×10－3N ，则下列判断正确的是Ａ．将点电荷ｑ从Ａ点移走，则该点的电场强度为零Ｂ．将电荷量为q 的负点电荷放于A 点，A 点场强大小为4×104N/C ，方向由A 指向正电荷ＱＣ．将电荷量为2q 的正点电荷放于Ａ点，A 点场强大小为8×104 N/C ，方向由A 指向Ｂ Ｄ．Ｂ点处的电场强度小于4×104N/C3．在验证楞次定律的实验中，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流。
下列各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中正确的是 ( 多选 )4.传感器可将非电学量转化为电学量,起自动控制作用.如计算机鼠标中有位移传感器,电熨斗、电饭煲中有温度传感器,电视机、录像机、影碟机、空调机中有光电传感器等.某位移传感器的工作原理如图所示,物体M 在导轨上平移时,带动滑动变阻器的金属滑杆P ,通过电压表显示的数据来反映物体位移x 的大小.假设电压表是理想的,则下列说法正确的是A.物体M 运动时,电源内的电流会发生变化B.物体M 运动时,电压表的示数会发生变化C.物体M 运动时,电路中没有电流D.物体M 不动时,电压表没有示数5．某交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间的关系如图所示.如果此线圈和一个R ＝100Ω的电阻构成闭合电路,不计电路的其它电阻，下列说法中正确的是 ( 多选 ) A ．交变电流的周期为0.04sB ．电阻R 两端的最大电压是1002VC ．交变电流的有效值为1AVM O Px-xD．交变电流的最大值为1A6．一个电压表由电流表G和电阻R串联而成，若使用中发现此电压的读数总比准确值稍小一些，采用下列哪种措施可能加以改进A．在R上串联一个比R小得多的电阻B．在R上串联一比R大得多的电阻C．在R上并联一比R小得多的电阻D．在R上并联一比R大得多的电阻7.如图电路中，滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为A.电压表示数增大，电流表示数减少B.电压表示数减少，电流表示数增大C.两电表示数都增大D.两电表示数都减少8.在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器．下图所示的四个图中，能正确反应其工作原理的是9．如图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，A和B是两个完全相同的小灯泡。
湖南省益阳市箴言中学高二物理下学期月考试题
益阳市箴言中学2015—2016学年高二3月月考物理试题时间：60分钟满分：100分一、选择题（本题共14小题，每题4分，共56分．1—10题为单选，11—14为多选）1．下列提到的交流电，哪个指的不是交流电的有效值( )A．交流电压表的读数B．保险丝的熔断电流C．电容器的击穿电压D．电动机铭牌上的额定电压2．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的，可是我们在晚上七八点钟用电高峰开灯时电灯比深夜时要显得暗，这是因为此时( )A．总电阻比深夜时大，干路电流小，每盏灯分到的电压就小B．总电阻比深夜时大，干路电流小，每一支路的电流就小C．总电阻比深夜时小，干路电流大，输电线上损失的电压大D．干路电流一定，支路比深夜时多，分去了一部分电流3．某正弦交流电的图象如图所示，则由图象可知( )．A．该交流电的频率为0.02 HzB．该交流电的有效值为20 AC．该交流电的瞬时值表达式为i＝20sin(0.02t) AD．在t＝T/8时刻，该交流的大小与其有效值相等4．一台理想降压变压器从10 kV的线路中降压并提供200 A的负载电流，已知两个线圈的匝数比为40：1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是( )A．5 A，250 V，50 kWB．5 A，10 kV，50 kWC．200 A，250 V，50 kWD．200 A，10 kV，2×103Kw5．将阻值为5 Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是( )A．电路中交变电流的频率为0.25 HzB．通过电阻的电流为2AC．电阻消耗的电功率为2.5 WD．用交流电压表测得电阻两端电压为5 V6．在下图中L为电感线圈，C为电容，A、B为两只相同的灯泡，将它们接在电压为U的交流电源上，两只灯泡的亮度一样．若保持电源电压不变，而将电源频率增大，下列说法中正确的是( )A．两灯泡的亮度不变B．A灯泡亮度不变，B灯泡变亮C．A灯泡变亮，B灯泡变暗D．A灯泡变暗，B灯泡变亮7．从同一高度自由下落的玻璃杯，掉在水泥地上易碎，掉在软泥地上不易碎，这是因为( ) A．掉在水泥地上，玻璃杯的动量大.B ．掉在水泥地上，玻璃杯的动量变化大.C ．掉在水泥地上，玻璃杯受到的冲量大，且与水泥地的作用时间短，因而受到水泥地的作用力大.D ．掉在水泥地上玻璃杯受到的冲量和掉在软泥地上一样大，但与水泥地的作用时间短，因而受到的水泥地的作用力大.8．把一支枪固定在小车上，小车放在光滑的水平桌面上，枪发射出一颗子弹．对于此过程，下列说法中正确的有哪些？（ ）A ．枪和子弹组成的系统动量守恒B ．车、枪和子弹组成的系统动量守恒C ．枪和车组成的系统动量守恒D ．车、枪和子弹组成的系统近似动量守恒，因为子弹和枪筒之间有f ．且f 的冲量甚小9．如图所示，A 、B 两物体的质量分别为m A 、m B ，且m A >m B ，置于光滑水平面上，相距较远.将两个大小均为F 的力，同时分别作用在A 、B 上，经相同时间后，撤去两个力，两物体发生碰撞并粘在一起后将( )A.停止运动B.向左运动C.向右运动D.运动方向不能确定10．如图所示，设车厢长度为L ，质量为M ，静止于光滑的水平面上，车厢内有一质量为m 的物体以初速度v 0向右运动，与车厢壁来回碰撞n 次后，静止在车厢中。
高二物理下学期3月月考试卷高二全册物理试题1
嗦夺市安培阳光实验学校右玉一中高二（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题（每题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-9小题只有一个选项正确，10-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选错或不答得0分，选不全得2分．）1．当线圈中的磁通量发生变化时，下列说法中正确的是（）A．线圈中一定有感应电流B．线圈中有感应电动势，其大小与磁通量成正比C．线圈中不一定有感应电动势D．线圈中有感应电动势，其大小与磁通量的变化率成正比2．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．导体相对磁场运动，导体内一定产生感应电流B．导体做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C．闭合电路在磁场内做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流D．穿过闭合电路的磁通量发生变化，在电路中一定会产生感应电流3．如图所示，通电直导线旁放有一闭合线圈abcd，当直电线中的电流I增大或减小时（）A．电流I增大，线圈向左平动B．电流I增大，线圈向右平动C．电流I减小，线圈向上平动D．电流I减小，线圈向下平动4．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则（）A．线圈中感应电动势每秒增加2VB．线圈中感应电动势每秒减少2V C．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2V D．线圈中感应电动势始终为2V5．如图所示，一个圆形线圈放在匀强磁场中，设在第1s内磁感线垂直于线圈平面向里，如图（a），磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b），那么在第2s内线圈中感应电流的大小方向是（）A．逐渐增大，逆时针方向B．逐渐减小，顺时针方向C．大小恒定，顺时针方向D．大小恒定，逆时针方向6．如图所示电路中，电源内电阻和线圈L的电阻均不计，K闭合前，电路中电流为I=E/2R．将K闭合时，线圈中的自感电动势（）A．方向与原电流方向相同B．有阻碍电流作用，最后电流总小于IC．有阻碍电流增大的作用，电流保持I不变D．有阻碍电流增大的作用，但电流最后还是要增大到2I7．如图所示，同一平面内的三条平行导线串有两个电阻R和r，导体棒PQ与三条导线接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里．导体棒的电阻可忽略，当导体棒向左滑动时，下列说法正确的是（）A．流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由b到aB．流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由b到aC．流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由a到bD．流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由a到b8．如图所示，把矩形闭合线圈放在匀强磁场中，线圈平面与磁感线平行，下面能使线圈产生感应电流的是（）A．线圈以ab边为轴做匀速转动B．线圈以bc边为轴做匀速转动C．线圈沿磁感线方向做匀加速运动D．线圈沿垂直磁感线方向做匀速运动9．如图所示，矩形线圈有N匝，长为a，宽为b，每匝线圈电阻为R，从磁感应强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出来，那么，产生的感应电动势和流经线圈中的感应电流的大小应为（）A．E=Bav，I=B．E=NBav，I=C．E=Bav，I=D．E=NBav，I=10．如图（a），圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方悬挂一相同的线圈Q，P和Q共轴，Q中通有变化电流，电流随时间变化的规律如图（b）所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，则（）A．t1时刻N＞G B．t2时刻N＞G C．t2时刻N＜G D．t4时刻N=G11．如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘．由于它的转动使金属环P中产生了如图所示的所感应电流，则Q盘的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动仪D．逆时针减速转动12．某线圈在匀强磁场中匀速转动，穿过它的磁通量φ随时间的变化规律可用图象表示，那么在图中（）A．t1和t2时刻，穿过线圈磁通量的变化率最大B．t2时刻，穿过线圈的磁通量变化率为零C．t3时刻，线圈中的感应电动势为零D．t4时刻，线圈中的感应电动势达最大值二、填空题（每空3分，共21分．）13．在如下情况中，求出金属杆ab上的感应电动势E，回答两端的电势高低．如图ab杆沿轨道下滑到速度为v时，E= ，端电势高．（图中α、B、L均为已知）14．按照有效数字规则读出下面游标尺的测量值mm．15．如图甲所示螺线管匝数，n=1500匝，横截面积S=20cm2，电阻r=1.5Ω，与螺线管串联的外电阻R1=3.5Ω，R2=2.5Ω，穿过螺线管方向向右的匀强磁场的磁感应强度按乙所示规律变化，则电阻R2消耗的电功率为W，b点的电势为V．16．如图所示，两平行长直导轨相距1m，匀强磁场B=0.2T，导轨间接一个1Ω的电阻R，当两根电阻均为1Ω的金属棒AB、CD在导线上以相同的速度v=3m/s 向右匀速运动，那么通过AB的电流为A，作用在CD棒上外力的功率为W．（导轨电阻及摩擦均不计）三、计算题（本题共2小题，共31分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．）17．如图，水平放置的矩形金属框架，宽0.2米，上面放置一根不计电阻的直导线AB．框架电阻不计，R1=2Ω，R2=2Ω，B=0.5T，当AB以10m/s速度向右匀速滑动时，试求：（1）通过R1、R2电流的I1，I2大小和方向（2）R1上消耗的电功率P．18．如图所示，MN、PQ是两条彼此平行的金属导轨，水平放置，匀强磁场的磁感线垂直导轨平面．导轨左端连接一阻值R=1.5Ω的电阻，电阻两端并联一电压表，在导轨上垂直导轨跨接一金属杆ab，ab的质量m=0.1kg，电阻为r=0.5Ω，ab与导轨间动摩擦因数μ=0.5，导轨电阻不计．现用大小恒定的力F=0.7N水平向右拉ab运动，经t=2s后，ab开始匀速运动，此时，电压表V的示数为0.3V．求：（1）求ab匀速运动的速度（2）ab匀速运动时，外力F的功率（3）从ab运动速度为0.2m/s时的加速度是多大？右玉一中高二（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-9小题只有一个选项正确，10-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选错或不答得0分，选不全得2分．）1．当线圈中的磁通量发生变化时，下列说法中正确的是（）A．线圈中一定有感应电流B．线圈中有感应电动势，其大小与磁通量成正比C．线圈中不一定有感应电动势D．线圈中有感应电动势，其大小与磁通量的变化率成正比【分析】当穿过闭合回路的磁通量发生变化，在闭合回路中就会产生感应电流．线圈中的感应电动势与磁通量的变化率成正比．【解答】解：A、当线圈中的磁通量发生变化时，若线圈是闭合的，则有感应电流，若不闭合，则无感应电流，有感应电动势．故AC错误，B、根据法拉第电磁感应定律，E=．知感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．故B错误，D正确．故选：D．2．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．导体相对磁场运动，导体内一定产生感应电流B．导体做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C．闭合电路在磁场内做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流D．穿过闭合电路的磁通量发生变化，在电路中一定会产生感应电流【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中在磁场中做切割磁感线运动时将产生感应电流．根据有没有切割磁感线进行判断．【解答】解：A、B、闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，若切割磁感线，将产生感应电动势，也产生感应电流；若不切割磁感线，将不产生感应电流，也不产生感应电动势．故A、B错误；C、闭合电路在磁场内做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电动势，如果磁通量没有变化，则没有感应电流．故C错误；D、穿过闭合电路的磁通量发生变化，在电路内一定会产生感应电流．故D正确．故选：D．3．如图所示，通电直导线旁放有一闭合线圈abcd，当直电线中的电流I增大或减小时（）A．电流I增大，线圈向左平动B．电流I增大，线圈向右平动C．电流I减小，线圈向上平动D．电流I减小，线圈向下平动【分析】直导线中通有向下均匀增大的电流，根据安培定则判断导线右侧的磁场方向以及磁场的变化，再根据楞次定律判断感应电流的方向，最后根据左手定则判断出ab、cd边所受安培力的方向，注意离导线越近，磁感应强度越大．【解答】解：A、B、直导线中通有向上均匀增大的电流，根据安培定则，知通过线框的磁场方向垂直纸面向里，且均匀增大，根据楞次定律，知感应电流的方向为逆时针方向．根据左手定则，ab边受到的安培力方向向右，线圈向右运动．故A错误，B正确．C、D、直导线中通有向上均匀减小的电流，根据安培定则，知通过线框的磁场方向垂直纸面向里，且均匀减小，根据楞次定律，知感应电流的方向为顺时针方向．根据左手定则，ab边受到的安培力方向向左，线圈向左运动．故C 错误，D错误．故选：B．4．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则（）A．线圈中感应电动势每秒增加2VB．线圈中感应电动势每秒减少2VC．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2V D．线圈中感应电动势始终为2V 【分析】根据法拉第电磁感应定律E=分析感应电动势的大小，且电动势的大小与电阻无关．【解答】解：磁通量始终保持每秒钟均匀地增加2Wb ，则=，根据法拉第电磁感应定律E=可知E=2V保持不变．故D正确，A、B错误．线圈中产生的感应电动势的大小与线圈的电阻无关，故C错误；故选D．5．如图所示，一个圆形线圈放在匀强磁场中，设在第1s内磁感线垂直于线圈平面向里，如图（a），磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b），那么在第2s内线圈中感应电流的大小方向是（）A．逐渐增大，逆时针方向B．逐渐减小，顺时针方向C．大小恒定，顺时针方向D．大小恒定，逆时针方向【分析】变化的磁场产生电场，而均匀变化的磁场产生恒定的电场．并根据楞次定律判断出感应电流的方向．【解答】解：在第2s内，磁场的方向垂直于纸面向外，且均匀增大，所以产生恒定的电流，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，所以C正确，ABD 错误．故选C6．如图所示电路中，电源内电阻和线圈L的电阻均不计，K闭合前，电路中电流为I=E/2R．将K闭合时，线圈中的自感电动势（）A．方向与原电流方向相同B．有阻碍电流作用，最后电流总小于IC．有阻碍电流增大的作用，电流保持I不变D．有阻碍电流增大的作用，但电流最后还是要增大到2I【分析】根据自感现象的条件，结合法拉第电磁感应定律、楞次定律与闭合电路欧姆定律，即可求解．【解答】解：A、当K闭合时，电阻R被短路，导致电流增大，线圈中出现自感电动势，从而阻碍电流的增大，结合楞次定律可知，自感电动势的方向与原电流的方向相反，故A错误；B、当电流增大，自感电动势阻碍电流的增大，因电阻减一半，根据闭合电路欧姆定律，可知，电流要增大2倍，故BC错误，D正确；故选：D．7．如图所示，同一平面内的三条平行导线串有两个电阻R和r，导体棒PQ与三条导线接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里．导体棒的电阻可忽略，当导体棒向左滑动时，下列说法正确的是（）A．流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由b到aB．流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由b到aC．流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由a到bD．流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由a到b【分析】根据右手定则，可判断PQ作为电源，QQ端电势高，在PQcd回路和在电阻r的回路中找出电流方向．【解答】解：根据右手定则，可知，感应电流由P流向Q，PQ作为电源，在电源内部电流从低电势点流向高电势点，因此Q端电势高，在PQcd回路中，电流为逆时针方向，即流过R的电流为由c到d，在电阻r的回路中，电流为顺时针方向，即流过r的电流为由b到a．故B正确．故选：B．8．如图所示，把矩形闭合线圈放在匀强磁场中，线圈平面与磁感线平行，下面能使线圈产生感应电流的是（）A．线圈以ab边为轴做匀速转动B．线圈以bc边为轴做匀速转动C．线圈沿磁感线方向做匀加速运动D．线圈沿垂直磁感线方向做匀速运动【分析】闭合线圈中产生感应电流的条件是：回路中的磁通量发生变化．磁通量发生变化有两种办法：磁感应强度变化或回路的有效面积发生变化．【解答】解：闭合线圈中产生感应电流的条件是：回路中的磁通量发生变化．磁通量发生变化有两种办法：磁感应强度变化或回路的有效面积发生变化．A：以ab边为轴做匀速转动时回路的有效面积发生变化，可以产生感应电流．故A正确；B：以bc边为轴做匀速转动时回路的有效面积未发生变化，故B错误；C：沿磁感线方向做匀加速运动回路的有效面积未发生变化，故C错误；D：沿垂直磁感线方向做匀速运动回路的有效面积未发生变化，故D错误．故选A9．如图所示，矩形线圈有N匝，长为a，宽为b，每匝线圈电阻为R，从磁感应强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出来，那么，产生的感应电动势和流经线圈中的感应电流的大小应为（）A．E=Bav，I=B．E=NBav，I=C．E=Bav，I=D．E=NBav，I=【分析】能根据E=BLv确定感应电动势的大小，知首N匝线圈相当于N个电源进行串联，故感应电动势等于每一匝线圈产生感应电动势的串联，即E=NBLv，在计算感应电流的时候，每一匝线圈都有电阻R，故I=．【解答】解：如图所示，在将线圈匀速拉出的过程中切割磁感线的导体长度为a，则据E=BLv知，每匝线圈产生感应电动势E=Bav，对N匝线圈相当于N个线圈产生的感应电动势的串联，即整个线圈产生的总电动势E总=NE=NBLv=NBav，对于线圈中的电流，根据欧姆定律有，每匝线圈的电阻为R，则N匝线圈的总电阻为NR，所以电流：I=．故选D．10．如图（a），圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方悬挂一相同的线圈Q，P和Q共轴，Q中通有变化电流，电流随时间变化的规律如图（b）所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，则（）A．t1时刻N＞G B．t2时刻N＞G C．t2时刻N＜G D．t4时刻N=G【分析】开始电流增大，磁通量变化，设逆时针为电流正方向，形成感应的磁场，由楞次可知，总是阻碍磁通量的变化，所以确定下面的磁场，再可知该线圈顺时针电流，由安培力知，异向电流相互排斥知，支持力与重力的关系．【解答】解：线圈总是阻碍磁通量的变化，所以T1电流增大，磁通量变大，下面线圈阻碍变化，就向下动，所以N＞G．T2无电流变化，所以N=G．故选：AD11．如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘．由于它的转动使金属环P中产生了如图所示的所感应电流，则Q盘的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动仪D．逆时针减速转动【分析】由于Q带负电，当转动时相当于电荷定向移动，从而产生电流，并且电流的变化，导致B的磁通量发生变化，最终使金属环P有电流．【解答】解：A、若Q顺时针加速转动，则Q环中有逆时针且大小变大的电流，导致通过P环磁通量变大，根据安培定则可得P处于垂直纸面向外的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向顺时针，故A错误；B、若Q逆时针加速转动，则Q环中有顺时针且大小变大的电流，导致通过P环磁通量变大，根据安培定则可得P处于垂直纸面向里的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向逆时针，故B正确；C、若Q顺时针减速转动，则Q环中有逆时针且大小变小的电流，导致通过P环磁通量变小，根据安培定则可得P处于垂直纸面向外的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向逆时针，故C正确；D、若Q逆时针减速转动，则Q环中有顺时针且大小变小的电流，导致通过P环磁通量变小，根据安培定则可得P处于垂直纸面向里的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向顺时针，故D错误．故选：BC．12．某线圈在匀强磁场中匀速转动，穿过它的磁通量φ随时间的变化规律可用图象表示，那么在图中（）A．t1和t2时刻，穿过线圈磁通量的变化率最大B．t2时刻，穿过线圈的磁通量变化率为零C．t3时刻，线圈中的感应电动势为零D．t4时刻，线圈中的感应电动势达最大值【分析】感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，磁通量φ随时间的变化图线的斜率反映感应电动势的大小．【解答】解：A、t1时刻，磁通量最大，磁通量的变化率为零，t2时刻磁通量为零，磁通量的变化率最大．故A错误，B错误．C、t3时刻，磁通量最大，磁通量的变化率为零，则感应电动势为零．故C正确．D、t4时刻磁通量为零，磁通量的变化率为最大，则感应电动势最大．故D正确．故选：CD．二、填空题（每空3分，共21分．）13．在如下情况中，求出金属杆ab上的感应电动势E，回答两端的电势高低．如图ab杆沿轨道下滑到速度为v时，E= BLvcosα， a 端电势高．（图中α、B、L均为已知）【分析】由E=BLvcosθ求出感应电动势，其中θ为B 与v间的夹角，由右手定则判断出感应电流方向，然后判断电势高低．【解答】解：由图示可知，θ为B与v间的夹角，感应电动势：E=BLvcosα，由右手定则可知，感应电流由b流向a，在电源内部，电流由低电势点流向高电势点，则a点电势高；故答案为：BLvcosα；a．14．按照有效数字规则读出下面游标尺的测量值9.8 mm．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为：9mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为8×0.1mm=0.8mm，所以最终读数为：9mm+0.8mm=9.8mm．故答案为：9.8．15．如图甲所示螺线管匝数，n=1500匝，横截面积S=20cm2，电阻r=1.5Ω，与螺线管串联的外电阻R1=3.5Ω，R2=2.5Ω，穿过螺线管方向向右的匀强磁场的磁感应强度按乙所示规律变化，则电阻R2消耗的电功率为 1.6 W，b点的电势为﹣2 V．【分析】由法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律及功率表达式，综合即可求解；根据原磁场的方向，由沿着电场线方向，电势降低来确定电势的大小．【解答】解：（1）根据法拉第电磁感应定律有：E=n S由图乙知： ==2T/s代入数据解得：E=1500×2×20×10﹣4=6V由闭合电路欧姆定律得：I===0.8A电阻R2消耗的电功率为：P=I2R2=0.82×2.5=1.6W；（2）由楞次定律可以判断出螺线管中电流为b→a；由欧姆定律，则有：0﹣φb=IR2；解得：φb=﹣0.8×2.5=﹣2V故答案为：1.6；﹣2．16．如图所示，两平行长直导轨相距1m，匀强磁场B=0.2T，导轨间接一个1Ω的电阻R，当两根电阻均为1Ω的金属棒AB、CD在导线上以相同的速度v=3m/s 向右匀速运动，那么通过AB的电流为0.02 A ，作用在CD棒上外力的功率为0.012 W．（导轨电阻及摩擦均不计）【分析】AB 、CD均相同的速度运动，都切割磁感线，产生感应电动势，相当于两个电池并联，根据E=BLv求出感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出通过R 的电流，再得到通过AB的电流．根据安培力公式F=BIL和平衡条件，求出作用在CD棒的外力，由P=Fv求解外力的功率．【解答】解：AB、CD两棒产生的感应电动势为E=BLv=0.2×1×3V=0.6V根据闭合电路欧姆定律得：通过R的电流为 I==A=0.04A；因为金属棒AB、CD的电阻相等，则通过AB、CD的电流均为I′=I=0.02A；CD所受的安培力 F安=BI′L=0.2×0.02×1N=0.004N；由于CD棒做匀速运动，则作用在CD棒上外力 F外=F安=0.004N；所以作用在CD棒上外力的功率 P=F外v=0.004×3W=0.012W故答案为：0.02，0.012．三、计算题（本题共2小题，共31分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．）17．如图，水平放置的矩形金属框架，宽0.2米，上面放置一根不计电阻的直导线AB．框架电阻不计，R1=2Ω，R2=2Ω，B=0.5T，当AB以10m/s 速度向右匀速滑动时，试求：（1）通过R1、R2电流的I1，I2大小和方向（2）R1上消耗的电功率P．【分析】（1）由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出电流，由右手定则判断出电流方向；（2）由电功率公式求出电功率．【解答】解：（1）由右手定则可知，电流由A流向B，感应电动势：E=BLv=0.5×0.2×10=1V，电流I1===0.5A，方向：向上，I2===0.5A，方向：向上；（2）功率：P=I12R1=0.52×2=0.5W；答：（1）通过R1、R2电流的大小都是0.5A，方向都向上；（2）R1上消耗的电功率为0.5W．18．如图所示，MN、PQ是两条彼此平行的金属导轨，水平放置，匀强磁场的磁感线垂直导轨平面．导轨左端连接一阻值R=1.5Ω的电阻，电阻两端并联一电压表，在导轨上垂直导轨跨接一金属杆ab，ab的质量m=0.1kg，电阻为r=0.5Ω，ab与导轨间动摩擦因数μ=0.5，导轨电阻不计．现用大小恒定的力F=0.7N水平向右拉ab运动，经t=2s后，ab开始匀速运动，此时，电压表V的示数为0.3V．求：（1）求ab匀速运动的速度（2）ab匀速运动时，外力F的功率（3）从ab运动速度为0.2m/s时的加速度是多大？【分析】金属杆在水平恒定拉力的作用下，切割磁感线运动，产生电动势，回路中出现电流，导致金属杆受到安培力．当安培力、滑动摩擦力与拉力相等时，金属杆做匀速直线运动．由此时的电压表的读数可算出金属杆产生的电动势，则可以求出金属杆的运动速度，最后算出外力的功率．由牛顿第二定律可求得加速度．【解答】解：ab匀速运动时，设导轨间距为L，磁感应强度为B，ab杆匀速运动的速度为v，电流为I，此时ab杆受力如图所示：由平衡条件得：F=μmg+ILB ①由欧姆定律得：②由①②解得：BL=1T•m v=0.4m/s ③此时F的功率最大；最大功率为：P=Fv=0.7×0.4W=0.28W ④（3）由牛顿第二定律可知：F﹣BIL=ma；I=联立解得：a=1m/s2；答：（1）ab匀速运动时的速度为0.4m/s （2）最大功率为0.28W （3）加速度为1m/s2。
湖南省益阳市箴言中学2016届高三下学期第八次周考试题(3月) 理综试题 含答案
益阳市箴言中学2016届高三第八次周考理科综合考试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题)两部分.满分300分,考试时间150分钟。
可能用到的相对原子质量：H―1；C―12;N―14；O―16;Mg―24；Ca―40第Ⅰ卷（选择题共126分）一、选择题：本部分共13小题：每小题6分,共78分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
1。
新采摘的玉米味道比较甜的原因是籽粒中蔗糖的含量较高。
采摘一天后玉米籽粒中50%的游离蔗糖被转化成淀粉,采摘几天后的玉米籽粒失去甜味；采摘后立即冷冻可以保持玉米籽粒的甜味。
下列表述正确的是A．玉米籽粒中的蔗糖是籽粒通过光合作用合成的B．蔗糖转化为淀粉是通过光合作用的卡尔文循环实现的C．冷冻处理抑制了相关酶的活性减少了淀粉的生成D．蔗糖转化成淀粉后籽粒的呼吸速率增加利于储存2．利用下列实验方法不能实现相应目的的是液处理洋葱表皮细胞够渗透失水C用不同浓度的2，4—D溶液处理月季枝条的形态学下端探究2，4—D促进插条生根的最适浓度D用龙胆紫溶液或醋酸洋红液将洋葱根尖染色观察根尖分生组织细胞的有丝分裂3．甲图表示在一定条件下某绿色植物细胞内部分物质转化过程，乙图表示在适宜温度条件下该植物净光合速率与环境因素之间的关系。
下列叙述正确的是A．图甲中物质X和Y的合成场所分别在叶绿体基质和线粒体基质B．图甲中①②③④四个过程不能在同一个细胞中进行C．图乙中光照强度为B时,细胞内X物质的产生速率比Y物质产生速率要快D．图乙中光照强度小于A时,两曲线重合的原因主要是受二氧化碳浓度的限制4．下图表示某种生物的部分染色体发生了两种变异的示意图,图中①和②,③和④互为同源染色体，则图a、图b所示的变异5．一条染色体含有一个DNA分子,一个DNA分子中有许多个基因，若该DNA分子中某个脱氧核苷酸发生了改变，下列有关叙述不正确的是A．DNA的分子结构发生了改变B．DNA分子所携带的遗传信息可能发生改变C．该DNA分子上控制合成的蛋白质的分子结构可能发生改变D．DNA分子上一定有某个基因的结构发生了改变6．下图表示的是硅藻和一些非生物因子季节性的变化，数据来自北温带海洋上层.下列解释正确的是A．提高光强度对硅藻有破坏作用B．硅藻数量增加会降低硝酸盐的含量C．提高光强度促使营养物上涌到海面D．提高光强度增加了分解者活力，结果是无机养分降低7．化学在生产和日常生活中有着重要的作用。
湖南省益阳市箴言中学高三物理第三次模拟(期中)考试试题新人教版
湖南省益阳市箴言中学2014届高三物理第三次模拟（期中）考试试题新人教版一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～4；6～10题只有一项符合题目要求，第5、11、12题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.1、对于质点的运动，下列说法中正确的是( )A．质点的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B．质点速度变化率越大，则加速度越大C．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D．质点运动的加速度越大，它的速度变化越大2、我国第一艘航母“辽宁”号的跑道长200m.飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A.5m/sB.10m/sC.15m/sD.20m/s3、小船横渡一条河，船在静水中的速度大小不变，方向始终垂直于河岸。
已知小船的部分运动轨迹如图所示，则可判断，此过程中河水的流速A．越接近B岸水速越小B．越接近B岸水速越大C．由A到B水速先增大后减小D．水流速度恒定4、如图3所示，物体B与竖直墙面接触，在竖直向上的力F的作用下A、B均保持静止，则物体B的受力个数为( )A．2个B．3个C．4个D．5个5、据中新社北京2月26日电，中国军队2013年将举行近 40场军事演习，以提高信息化条件下威慑和实战能力。
若在某次军事演习中，某空降兵从悬停在空中的直升飞机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图2所示,则下列说法正确的是（）A. 0-10s内空降兵运动的加速度越来越大B. O-10s内空降兵和降落伞整体所受重力大于空气阻力C. 10s-15s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D. 10s-15s内空降兵处于失重状态6、经长期观测，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体，如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1：m2=2：3，下列说法中正确的是A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3:2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3:2C．m1做圆周运动的半径为2L/5D ．m 2做圆周运动的半径为3L/57、如右图所示一根轻质弹簧上端固定，下端挂一质量为m 的平盘，盘中有一物体，质量为M ，当盘静止时弹簧的长度比其自然长度伸长了L ，今向下拉盘，使弹簧再伸长△L 后停止,然后松手放开,设弹簧始终处在弹性限度以内，则刚松开手时盘对物体的支持力等于A ．1+⎛⎝⎫⎭⎪∆L L Mg B ． ()1+⎛⎝⎫⎭⎪+∆L L m M g C ．∆LLmgD ．()∆LL M m g +8、 “飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱，这项运动由杂技演员驾驶摩托车沿表演台的侧壁做匀速圆周运动，简化后的模型如图所示．若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H ，侧壁倾斜角度α不变，则下列说法中正确的是 A ．摩托车做圆周运动的H 越高，向心力越大 B ．摩托车做圆周运动的H 越高，线速度越大 C ．摩托车做圆周运动的H 越高，向心力做功越多 D ．摩托车对侧壁的压力随高度H 增大而减小9、物体在变力F 作用下沿水平方向做直线运动，物体质量m ＝10kg ，F 随坐标x 的变化情况如图所示。
湖南省益阳市箴言中学高三物理第二次模拟考试试题新人教版
第Ⅰ卷 选择题一、选择题：本题共13小题，每小题4分，共52分。
多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．伽利略用两个对接的斜面进行实验，一个斜面固定，让小球从固定斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示。
伽利略设计这个实验的目的是为了说明（ ）A ．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度B ．如果没有摩擦，小球运动时机械能守恒C ．维持物体做匀速直线运动并不需要力D ．如果物体不受到力，就不会运动2．如右图所示，A 、B 两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，使它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A B m >，则物体B （ ）A.只受一个重力B.受到重力、摩擦力各一个C.受到重力、弹力、摩擦力各一个D.受到重力、摩擦力各一个，弹力两个 3．声音在空气中传播的的速度v 与空气的密度ρ及压强p 有关下列速度表达式（k 为比例系数，无单位）中可能正确的是（ ）A.2kpv ρ=B.kpv ρ=C.2k v pρ=D.2v kp ρ= 4．将一个物体以某一速度从地面竖直向上抛出，设物体在运动过程中所受空气阻力大小不变，则物体（ ）A.刚抛出时的速度最大B.在最高点的加速度为零C.上升时间大于下落时间D.上升时的加速度等于下落时的加速度5．如图舰载机保持牵引力F 大小不变在匀速航行的航母上降落时受到阻拦而静止，此时阻拦索夹角θ=1200，空气阻力和甲板阻力不计，则阻拦索承受的张力大小为 （ ）A.2FB. F C .3F D . 2F 6. 如图所示,两个用轻线相连的位于光滑水平面上的物块,质量分别为m 1和m 2.拉力F 1和F 2方向相反,与轻线沿同一水平直线,且F 1 > F 2,试求在两个物块运动过程中轻线的拉力T 的大小为（ ）.A.F 1+F 2B. 1112F m m m +C.2212F m m m + D.211221m m F m F m T ++= 7．投飞镖是深受人们喜爱的一种娱乐活动。
2015届湖南益阳箴言中学高三第十次模拟考试物理卷
难度：0.4 组卷：891 题型：解答题 更新：2015/7/8
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15 . 已知氘核的比结合能是1.09 MeV，氚核的比结合能是2.78 MeV，氦核的比结合能是7.03 MeV．在某次核反应中，1个氘核和1个氚核 结合生成1个氮核，则下列说法中正确的是 ．(填正确选项标号 A．该核反应会有质量亏损 B．这是一个裂变反应 C．核反应方程式为 D．核反应过程中释放的核能是17.6 MeV E．目前核电站都采用上述核反应发电
i．B与C碰撞前B的速度 ii．弹簧具有的弹性势能
难度：0.64 组卷：481 题型：解答题 更新：2015/7/8
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难度：0.64 组卷：498 题型：解答题 更新：2015/7/8
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13 . 若以V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，ρ表示在标准状态下水蒸气的密度，M表示水的摩尔质量，M0表示一个水分子的质量， V0表示一个水分子的体积，NA表示阿伏加德罗常数，则下列关系式中正确的是 （填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4 分，选对3个得6分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)。
（3）按照你设计的电路进行实验，测得电流表A的示数为I1，电流表G的示数为I2，则电流表G的内阻的表达式为rg=______________。
难度：0.64 组卷：711 题型：实验题 更新：2015/7/8
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11 . 某汽车训练场地有如图设计，在平直的道路上，依次有编号为A、B、C、D、E的五根标志杆，相邻杆之间的距离ΔL＝12.0 m。一次 训练中，学员驾驶汽车以57.6km/h的速度匀速向标志杆驶来，教练与学员坐在同排观察并记录时间。当教练经过O点时向学员发出指 令：“立即刹车”，同时用秒表开始计时。忽略反应时间，刹车后汽车做匀减速直线运动，停在D标杆附近。教练记录自己经过C杆时秒表 的读数为tC＝6.0 s，已知LOA＝36m，教练距车头的距离Δs＝1.5 m。求：
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益阳市箴言中学2015—2016学年高二3月月考
物理试题
时间：60分钟满分：100分
一、选择题（本题共14小题，每题4分，共56分．1—10题为单选，11—14为多选）
1．下列提到的交流电，哪个指的不是交流电的有效值()
A．交流电压表的读数B．保险丝的熔断电流
C．电容器的击穿电压D．电动机铭牌上的额定电压
2．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的，可是我们在晚上七八点钟用电高峰开灯时电灯比深夜时要显得暗，这是因为此时()
A．总电阻比深夜时大，干路电流小，每盏灯分到的电压就小
B．总电阻比深夜时大，干路电流小，每一支路的电流就小
C．总电阻比深夜时小，干路电流大，输电线上损失的电压大
D．干路电流一定，支路比深夜时多，分去了一部分电流
3．某正弦交流电的图象如图所示，则由图象可知()．
A．该交流电的频率为0.02 Hz
B．该交流电的有效值为20 A
C．该交流电的瞬时值表达式为i＝20sin(0.02t) A
D．在t＝T/8时刻，该交流的大小与其有效值相等
4．一台理想降压变压器从10 kV的线路中降压并提供200 A的负载电流，已知两个线圈的匝数比为40：1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是()
A．5 A，250 V，50 kW
B．5 A，10 kV，50 kW
C．200 A，250 V，50 kW
D．200 A，10 kV，2×103Kw
5．将阻值为5 Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是()
A．电路中交变电流的频率为0.25 Hz
B．通过电阻的电流为2A
C．电阻消耗的电功率为2.5 W
D．用交流电压表测得电阻两端电压为5 V
6．在下图中L为电感线圈，C为电容，A、B为两只相同的灯泡，将它们接在电压为U的交流电源上，两只灯泡的亮度一样．若保持电源电压不变，而将电源频率增大，下列说法中正确的是()
A．两灯泡的亮度不变
B．A灯泡亮度不变，B灯泡变亮
C．A灯泡变亮，B灯泡变暗
D．A灯泡变暗，B灯泡变亮
7．从同一高度自由下落的玻璃杯，掉在水泥地上易碎，掉在软泥地上不易碎，这是因为( )
A ．掉在水泥地上，玻璃杯的动量大.
B ．掉在水泥地上，玻璃杯的动量变化大.
C ．掉在水泥地上，玻璃杯受到的冲量大，且与水泥地的作用时间短，因而受到水泥地的作用力大.
D ．掉在水泥地上玻璃杯受到的冲量和掉在软泥地上一样大，但与水泥地的作用时间短，因而受到的水泥地的作用力大.
8．把一支枪固定在小车上，小车放在光滑的水平桌面上，枪发射出一颗子弹．对于此过程，下列说法中正确的有哪些？（ ）
A ．枪和子弹组成的系统动量守恒
B ．车、枪和子弹组成的系统动量守恒
C ．枪和车组成的系统动量守恒
D ．车、枪和子弹组成的系统近似动量守恒，因为子弹和枪筒之间有f ．且f 的冲量甚小
9．如图所示，A 、B 两物体的质量分别为m A 、m B ，且m A >m B ，置于光滑水平面上，相距较远.将两个大小均为F 的力，同时分别作用在A 、B 上，经相同时间后，撤去两个力，两物体发生碰撞并粘在一起后将( )
A.停止运动
B.向左运动
C.向右运动
D.运动方向不能确定
10．如图所示，设车厢长度为L ，质量为M ，静止于光滑的水平面上，车厢内有一质量为m 的物体以初速度v 0向右运动，与车厢壁来回碰撞n 次后，
静止在车厢中。
这时车厢的速度是 （ ）
A. mv 0/（M —m ），水平向右
B. mv 0/（M+m ），水平向右
C. v 0水平向右
D. 0
11. (多选）用多用电表的同一档位测量热敏电阻和光敏电阻的阻值时，下列说法正确的是（ ）
A ．测热敏电阻时，温度越高，多用电表指针偏角越大
B ．测热敏电阻时，温度越高，多用电表指针偏角越小
C ．测光敏电阻时，光照越弱，多用电表指针偏角越大
D ．测光敏电阻时，光照越弱，多用电表指针偏角越小
12. (多选）如图,用理想变压器给电灯L 供电,如果只增加副线圈匝数,其他条件不变,则( )
A. 电灯L 亮度减小
B. 电流表示数增大
C. 电压表示数增大
D. 变压器输入功率不变
13．(多选）如图所示，一小车静止在光滑水平面上，甲、乙两人分别站在车的左、右两侧，整个系统原来静止，则当两人同时相向走动时() A．要使小车静止不动，甲、乙动量必须大小相等
B．要使小车向左运动，甲的速率必须比乙的大
C．要使小车向左运动，甲的动量必须比乙的大
D．要使小车向左运动，甲的动量必须比乙的小
14．(多选）如图所示，轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m的物体A相连，A放在光滑水平面上，有一质量与A相同的物体B，从高h处由静止开始沿光滑曲面滑下，与A相碰后一起将弹簧压缩，弹簧复原过程中某时刻B 与A分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是（）
A．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mgh
B．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mgh/2
C．B能达到的最大高度为h/2
D．B能达到的最大高度为h/4
二、填空题(每空4分，共12分)
15．如图甲所示，为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅电子器件实现了无级调节亮度。
给该台灯接220 V的正弦交流电后加在灯管两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为V。
16．如图所示，一质量为2m的圆筒A，圆筒内外皆光滑，将A置于光滑水
平面上，圆筒半径为R，现有一质量也为m的光滑小球B（可视为质点），由静止
从圆筒的水平直径处沿筒壁滑下，不计空气阻力，圆筒的位移为．17．课外科技小组制作了一只“水火箭”，用压缩空气压出水流使火箭沿水平轨道运动．假如喷出的水流流量保持为2×10－4 m3/s，喷出速度保持为对地10 m/s.
启动前火箭总质量为1.4 kg，则启动2 s末火箭的速度可以达到m/s？(已知火箭沿水平轨道运动所受的阻力不计，水的密度为1×103 kg/m3)。
三、计算题(共32分)
18．（7分）质量为60kg的人，不慎从高空支架上跌落。
由于弹性安全带的保护，使他悬挂在空中。
已知安全带长5米，其缓冲时间为1.5秒，则安全带受到的平均冲力为多少？（g=10m/s2）
19．（7分）有一个电子元件，当它两端的电压的瞬时值高于252V时则导电，低于252V时不导电，若把这个电子元件接到u＝50sin 314t V的正弦式交变电流的两端，则它在通电10 min内，导电的总时间为多少？
20．(8分)某村在较远的地方建立了一座小型水电站，发电机的输出功率为100 kW，输出电压为500 V，输电导线的总电阻为10 Ω，导线上损耗的电功率为4 kW，该村的用电电压是220 V.输电电路如图所示，求升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比；
21．(10分)如图所示，光滑水平面上有A、B、C三个物块，其质量分别为m A=2.0kg，m B=1.0kg，m C= 1.0kg。
现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J（弹簧仍处于弹性限度内），然后同时释放A、B，弹簧开始逐渐变长，当弹簧刚好恢复原长时，C恰以4m/s的速度迎面与B发生碰撞并粘连在一起．求：
（1）弹簧刚好恢复原长时（B与C碰撞前）A和B物块速度的大小
（2）当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能
物理答案
15. 16. R/3 17. 18. 1000N
19. 解析 交变电压u ＝50sin 314t V ，则最大值为E m ＝50 V ， 又ω＝314＝2π/T ，所以T ＝0.02 s.
对电子元件，u ＝25 2 V 时，代入瞬时值方程得sin 100πt ＝22
在正半周有两个解就是100πt 1＝π4和100πt 2＝3π
4
，
即t 1＝0.002 5 s ，t 2＝0.007 5 s
在正半周的时间为Δt ＝t 2－t 1＝0.005 s ；每个周期内的导电时间为ΔT ＝2Δt ＝0.01 s ，导电两次．
所以10 min 内的导电次数为N ＝2t
T ＝2×10×600.02＝6×104(次)
总的导电时间为NΔt ＝6×104×0.005 s ＝300 s ＝5 min. 20. 解析：因为P
损＝I 2
2R
线
所以I 2＝
P 损
R 线
＝4×103
10A ＝20 A
I 1＝P U 1＝100×103
500A ＝200 A 则n 1n 2＝I 2I 1
＝20200＝110
U 3＝U 2－I 2R 线＝(500×10－20×10)V ＝4800 V 则n 3n 4＝U 3U 4
＝4800220＝24011. 21. （1）v A =6m/s v B =12m/s （2）E P =50J。