2020高考物理专题17 解答选择题方法与技巧(讲)(解析版)
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专题十七解答选择题方法与技巧
选择题是当前高考必备的题型之一,主要考查对物理概念、物理现象、物理过程和物理规律的认
识、判断、辨析、理解和应用等,具有信息量大、知识覆盖面广、干扰性强、命题灵活性强、层次丰富、能考查学生的多种能力等特点。要想迅速、准确地解答物理选择题,不但要熟练掌握和应用物理的基本概念和规律,还要掌握下列解答物理选择题的基本方法和特殊技巧。
选择题的错误选项一般都很有迷惑性,因为选项都是针对学生对概念或规律理解的错误、不全面、模糊,运算失误等问题设计的.学生往往由于掌握知识不牢,概念不清,思考不全面而掉进“陷阱”。也有些选择题是为了测试学生思维的准确性和敏捷性,这些题目往往使学生由于解题技巧、思维能力和速度的差异而拉开距离.为此我们必须掌握适当的方法和技巧,加强专项训练.以下提供了解物理选择题的十种技巧方法。
一、选择题解题思维网络
审题
⎩
⎪
⎨
⎪
⎧
⎭
⎪
⎬
⎪
⎫
(观察配图迅速入题)
(审题明确已知与所求)
(分析比较选项)
(确定所选方法)
――—→
(合理选
择方法)
⎩
⎪
⎪
⎪
⎪
⎨
⎪
⎪
⎪
⎪
⎧
――—→
(常规
方法)⎩⎪
⎨
⎪⎧直接判断法
构建模型法
―—―→
(取巧
方法)
⎩
⎪
⎨
⎪
⎧极限分析法
逆向思维法
特值代入法
单位判断法
淘汰排除法
――—→
(数学
方法)⎩
⎨
⎧图像分析法
估算法
比例法
二、选择题十种解题技巧
方法一直接判断法
这些题目主要适用于考查学生对物理知识的记忆和理解程度,属常识性知识的题目。通过观察题目中所给出的条件,根据所学知识和规律推出结果,直接判断,确定正确的选项.直接判断法适用于推理过程较简单的题目,这类题目主要考查学生对物理知识的记忆和理解程度,如考查物理学史的试题等。
例1.在物理学发展的过程中,许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程.在对以下几位物理学家所做科学贡献的叙述中,正确的说法是()
A.英国物理学家牛顿用实验的方法测出了引力常量G
B.第谷接受了哥白尼日心说的观点,并根据开普勒对行星运动观察记录的数据,应用严密的数学运算和椭圆轨道假说,得出了开普勒行星运动定律
C.亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体,重物体与轻物体下落一样快
D.胡克认为只有在一定的条件下,弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比
【解析】牛顿提出了万有引力定律及引力常量的概念,但没能测出G的数值,G的数值是由卡文迪许通过实验方法得出的,故A错误;开普勒接受了哥白尼日心说的观点,并根据第谷对行星运动观察记录的数据,应用严密的数学运算和椭圆轨道假说,得出了开普勒行星运动定律,故B错误;亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体,重物体比轻物体下落得快,故C错误;胡克认为只有在一定的条件下,弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比,故D正确.
【答案】D
【举一反三】如图甲所示,在磁感应强度为B的匀强磁场中,有一匝数为n,面积为S,总电阻为r的矩形线圈abcd绕轴OO′做角速度为ω的匀速转动,矩形线圈在转动中可以保持和外电路电阻R形成闭合电路,回路中接有一理想交流电流表.图乙是线圈转动过程中产生的感应电动势e随时间t变化的图像,下列说法中正确的是()
A .从t 1到t 3这段时间穿过线圈磁通量的变化量为2nBS
B .从t 3到t 4这段时间通过电阻R 的电荷量为NBS/R
C .t 3时刻穿过线圈的磁通量变化率为nBSω
D .电流表的示数为nBωS
2(r +R )
【答案】D
【解析】由图可知,t 1和t 3这两时刻的磁通量大小为BS ,方向相反,故穿过线圈磁通量的变化量为2BS ;故A 项错误;从t 3到t 4这段时间磁通量的变化为BS ,则平均电动势E -=nBS Δt ;因此通过电阻R 的电荷量为
q =nBS (r +R )Δt Δt =nBS R +r ;故B 项错误;t 3时刻电动势E =nBSω;又由法拉第电磁感应定律可知:E =nΔΦ
Δt ;
则穿过线圈的磁通量变化率为BSω;故C 项错误;电流表的示数为有效值,则有:I =E R =nBSω
2(R +r );故
D 项正确,故选D 项.
【变式探究】如图所示,半径R =0.5 m 弧OBD 位于竖直向下的匀强电场中,OB 水平,OD 竖直.现将一质量m =10-
4 kg 、电荷量q =8×10-
5 C 的带正电粒子从电场中的A 点水平抛出,抛出点A 与圆弧圆心O 等高且距O 点0.3 m ,平抛初速度v 0=3 m/s ,经过一段时间后小球打在圆弧曲面上的C 点(图中未标出),且C 点速度方向的反向延长线恰好过圆弧OBD 的圆心O.取C 点电势φC =0(不计重力).则:( )
A .粒子到达C 点的速度大小为6 m/s
B .匀强电场的电场强度大小为25 N/
C C .粒子在运动过程中的加速度大小为10 m/s 2
D .粒子在A 点的电势能为8×10-
4 J 【答案】BD
【解析】A 项,粒子在电场力作用下做类平抛运动,C 点速度方向的反向延长线恰好过圆弧OBD 的圆心O ,由类平抛运动规律知:C 点速度方向的反向延长线必过O 点,且OQ =AO =0.3 m ,QC =0.4 m ,即有:AQ =v 0t ,t =0.2 s ,QC =12at 2,a =qE
m ,联立并代入数据可得:a =20 m/s 2;E =25 N/C ;则到达C 点的
竖直分速度v cy =at =20×0.2 m/s =4 m/s ,根据平行四边形定则得,C 点的速度v C =v 02+v Cy 2=5 m/s ,故A 项错误,B 项正确,C 项错误.D 项,因U QC =E·QC =10 V ,而A 、Q 两点电势相等,所以φA =10 V ,即粒子在A 点的电势能为:E p =qφA =8×10-4 J ,故D 项正确.故选B 、D 两项.