2019高考试题分类汇编概率统计
2019年全国高考文科数学分类汇编---概率统计
2019年全国高考文科数学分类汇编---概率统计1(2019北京文科).改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A,B两种移动支付方式的使用情况,从全校所有的1000名学生中随机抽取了100人,发现样本中A,B两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A和仅使用B的学生的支付金额分布情况如下:支付金额支付方式不大于(Ⅰ)估计该校学生中上个月A,B两种支付方式都使用的人数;(Ⅱ)从样本仅使用B的学生中随机抽取1人,求该学生上个月支付金额大于2000元的概率;(Ⅲ)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用B的学生中随机抽查1人,发现他本月的支付金额大于2000元.结合(Ⅱ)的结果,能否认为样本仅使用B的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.【答案】(Ⅰ)400人;(Ⅱ)1 25;(Ⅲ)见解析.【解析】【分析】(Ⅰ)由题意利用频率近似概率可得满足题意的人数;(Ⅱ)利用古典概型计算公式可得上个月支付金额大于2000元的概率;(Ⅲ)结合概率统计相关定义给出结论即可.【详解】(Ⅰ)由图表可知仅使用A的人数有30人,仅使用B的人数有25人,由题意知A,B两种支付方式都不使用的有5人,所以样本中两种支付方式都使用的有1003025540---=,所以全校学生中两种支付方式都使用的有401000400100⨯=(人). (Ⅱ)因为样本中仅使用B 的学生共有25人,只有1人支付金额大于2000元,所以该学生上个月支付金额大于2000元的概率为125. (Ⅲ)由(Ⅱ)知支付金额大于2000元的概率为125,因为从仅使用B 的学生中随机调查1人,发现他本月的支付金额大于2000元,依据小概率事件它在一次试验中是几乎不可能发生的,所以可以认为仅使用B 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化,且比上个月多.【点睛】本题主要考查古典概型概率公式及其应用,概率的定义与应用等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.2.(2019全国1卷文科)某学校为了解1 000名新生的身体素质,将这些学生编号为1,2,…,1 000,从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验,若46号学生被抽到,则下面4名学生中被抽到的是 A. 8号学生 B. 200号学生C. 616号学生D. 815号学生【答案】C 【解析】 【分析】等差数列的性质.渗透了数据分析素养.使用统计思想,逐个选项判断得出答案.【详解】详解:由已知将1000名学生分成100个组,每组10名学生,用系统抽样,46号学生被抽到, 所以第一组抽到6号,且每组抽到的学生号构成等差数列{}n a ,公差10d =, 所以610n a n=+()n *∈N ,若8610n =+,则15n =,不合题意;若200610n =+,则19.4n =,不合题意; 若616610n =+,则61n =,符合题意;若815610n =+,则80.9n =,不合题意.故选C . 【点睛】本题主要考查系统抽样.3.(2019全国1卷文科)某商场为提高服务质量,随机调查了50名男顾客和50名女顾客,每位顾客对该商场的服务给出满意或不满意的评价,得到下面列联表:(1)分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率;(2)能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异?附:22()()()()()n ad bcKa b c d a c b d-=++++.【答案】(1)43 ,55;(2)能有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异.【解析】【分析】(1)从题中所给的22⨯列联表中读出相关的数据,利用满意的人数除以总的人数,分别算出相应的频率,即估计得出的概率值;(2)利用公式求得观测值与临界值比较,得到能有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异. 【详解】(1)由题中表格可知,50名男顾客对商场服务满意的有40人,所以男顾客对商场服务满意率估计为1404 505P==, 50名女顾客对商场满意的有30人,所以女顾客对商场服务满意率估计为2303 505P==,(2)由列联表可知22100(40203010)1004.762 3.8417030505021K⨯-⨯==≈>⨯⨯⨯,所以能有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异.【点睛】该题考查的是有关概率与统计的知识,涉及到的知识点有利用频率来估计概率,利用列联表计算2K 的值,独立性检验,属于简单题目.4.(2019全国2卷文科)生物实验室有5只兔子,其中只有3只测量过某项指标,若从这5只兔子中随机取出3只,则恰有2只测量过该指标概率为A. 23B.35 C. 25D. 15【答案】B 【解析】 【分析】本题首先用列举法写出所有基本事件,从中确定符合条件的基本事件数,应用古典概率的计算公式求解. 【详解】设其中做过测试的3只兔子为,,a b c ,剩余的2只为,A B ,则从这5只中任取3只的所有取法有{,,},{,,},{,,},{,,},{,,},{,,}a b c a b A a b B a c A a c B a A B ,{,c,},{,c,},{b,,},{c,,}b A b B A B A B 共10种.其中恰有2只做过测试的取法有{,,},{,,},{,,},{,,},a b A a b B a c A a c B {,c,},{,c,}b A b B 共6种, 所以恰有2只做过测试的概率为63105=,选B . 【点睛】本题主要考查古典概率的求解,题目较易,注重了基础知识、基本计算能力的考查.应用列举法写出所有基本事件过程中易于出现遗漏或重复,将兔子标注字母,利用“树图法”,可最大限度的避免出错.5.(2019全国2卷文科)我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为___________. 【答案】0.98. 【解析】 【分析】本题考查通过统计数据进行概率的估计,采取估算法,利用概率思想解题.【详解】由题意得,经停该高铁站的列车正点数约为100.97200.98100.9939.2⨯+⨯+⨯=,其中高铁个数为10+20+10=40,所以该站所有高铁平均正点率约为39.20.9840=. 【点睛】本题考点为概率统计,渗透了数据处理和数学运算素养.侧重统计数据的概率估算,难度不大.易忽视概率的估算值不是精确值而失误,根据分类抽样的统计数据,估算出正点列车数量与列车总数的比值.6.(2019全国2卷文科)某行业主管部门为了解本行业中小企业的生产情况,随机调查了100个企业,得到这些企业第一季度相对于前一年第一季度产值增长率y 的频数分布表.的(1)分别估计这类企业中产值增长率不低于40%的企业比例、产值负增长的企业比例;(2)求这类企业产值增长率的平均数与标准差的估计值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).(精确到0.01)8.602≈.【答案】(1) 增长率超过0400的企业比例为21100,产值负增长的企业比例为2110050=;(2)平均数0.3;标准差0.17. 【解析】 【分析】(1)本题首先可以通过题意确定100个企业中增长率超过0400的企业以及产值负增长的企业的个数,然后通过增长率超过0400的企业以及产值负增长的企业的个数除随机调查的企业总数即可得出结果;(2)可通过平均值以及标准差的计算公式得出结果。
2019年全国高考文科数学试题分类汇编之统计与概率
一、选择题:1.为评估一种农作物的种植效果,选了n 块地作试验田,这n 块地的亩产量(单位:kg )分别为1x ,2x ,⋅⋅⋅,n x ,下面给出的指标中可以用来评估这种农作物亩产量稳定程度的是( )A .1x ,2x ,⋅⋅⋅,n x 的平均数B .1x ,2x ,⋅⋅⋅,n x 的标准差C .1x ,2x ,⋅⋅⋅,n x 的最大值D .1x ,2x ,⋅⋅⋅,n x 的中位数2.某城市为了解游客人数的变化规律,提高旅游服务质量,收集并整理了2014年1月至2016年12月期间月接待游客量(单位:万人)的数据,绘制了下面的折线图.根据该折线图,下列结论错误的是( ) A .月接待游客量逐月增加 B .年接待游客量逐年增加C .各年的月接待游客量高峰期大致在7,8月份D .各年1月至6月的月接待游客量相对7月至12月,波动性更小,变化比较平稳 3.如图所示的茎叶图记录了甲乙两组各5名工人某日的产量数据(单位:件).若这两组数据的中位数相等,且平均值也相等,则x 和y 的值分别为( ) A .3,5 B .5,5 C .3,7 D .5,74.如图,正方形ABCD 内的图形来自中国古代的太极图,正方形内切圆中的黑色部分和白色部分关于正方形的中心成中心对称,在正方形内随机取一点,则此点取自黑色部分的概率是( )A .14B .8π C .12D .4π 5.有5支彩笔(除颜色外无差别),颜色分别为红、黄、蓝、绿、紫.从这5支彩笔中任取2支不同颜色的彩笔,则取出的2支彩笔中含有红色彩笔的概率为( ) A .45 B .35 C .25 D .156.从分别写有1,2,3,4,5的5张卡片中随机抽取1张,放回后再随机抽取1张,则抽得的第一张卡片上的数大于第二张卡片上的数的概率为( ) A .110 B .15 C .310 D .25二、解答题:7.(新课标1)为了监控某种零件的一条生产线的生产过程,检验员每隔30min 从该生产线上随机抽取一个零件,并测量其尺寸(单位:cm ).下面是检验员在一天内依次抽取的16个零件的尺寸:经计算得16119.9716i i x x ===∑,16162221111()(16)0.2121616i i i i s x x x x ===-=-≈∑∑,1621(8.5)18.439i i =-≈∑,161()(8.5) 2.78i i x x i =--=-∑,其中i x 为抽取的第i 个零件的尺寸,1,2,,16i =⋅⋅⋅.(1)求(,)i x i (1,2,,16)i =⋅⋅⋅的相关系数r ,并回答是否可以认为这一天生产的零件尺寸不随生产过程的进行而系统地变大或变小(若||0.25r <,则可以认为零件的尺寸不随生产过程的进行而系统地变大或变小).(2)一天内抽检零件中,如果出现了尺寸在(3,3)x s x s -+之外的零件,就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查.(i )从这一天抽检的结果看,是否需对当天的生产过程进行检查?(ii )在(3,3)x s x s -+之外的数据称为离群值,试剔除离群值,估计这条生产线当天生产的零件尺寸的均值与标准差.(精确到0.01)附:样本(,)i i x y (1,2,,)i n =⋅⋅⋅的相关系数12211()()()()niii n niii i x x y y r x x y y ===--=--∑∑∑,0.0080.09≈.8.(新课标2)淡水养殖场进行某水产品的新、旧网箱养殖方法的产量对比,收获时各随机抽取了100 个网箱,测量各箱水产品的产量(单位:kg )某频率直方图如下:(1)记A 表示事件“旧养殖法的箱产量低于50kg ”,估计A 的概率;(2)填写下面列联表,并根据列联表判断是否有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关:(3)根据箱产量的频率分布直方图,对两种养殖方法的优劣进行较22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++9.(新课标3)某超市计划按月订购一种酸奶,每天进货量相同,进货成本每瓶4元,售价每瓶6元,未售出的酸奶降价处理,以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验,每天需求量与当天最高气温(单位:C ︒)有关.如果最高气温不低于25,需求量为500瓶;如果最高气温位于区间[20,25),需求量为300瓶;如果最高气温低于20,需求量为200瓶.为了确定六月份的订购计划,统计了前三年六月份各天的最高气温数据,得下面的频数分布表:以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率。
2019年高考真题理科数学分类汇编专题10 概率与统计和计数原理(解析版)
专题10 概率与统计1.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为 A .0.5 B .0.6 C .0.7D .0.8【答案】C【解析】由题意得,阅读过《西游记》的学生人数为90-80+60=70,则其与该校学生人数之比为70÷100=0.7.故选C .【名师点睛】本题考查抽样数据的统计,渗透了数据处理和数学运算素养.采取去重法,利用转化与化归思想解题.2.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是 A .中位数 B .平均数 C .方差D .极差 【答案】A【解析】设9位评委评分按从小到大排列为123489x x x x x x <<<<<.则①原始中位数为5x ,去掉最低分1x ,最高分9x 后剩余2348x x x x <<<<,中位数仍为5x ,A 正确; ②原始平均数1234891()9x x x x x x x =<<<<<,后来平均数23481()7x x x x x '=<<<,平均数受极端值影响较大,∴x 与x '不一定相同,B 不正确; ③2222111[()()()]9q S x x x x x x =-+-++-,22222381[()()()]7s x x x x x x '=-'+-'++-',由②易知,C 不正确;④原极差91x x =-,后来极差82x x =-,显然极差变小,D 不正确.故选A . 3.【2019年高考浙江卷】设0<a <1,则随机变量X 的分布列是则当a 在(0,1)内增大时, A .()D X 增大B .()D X 减小C .()D X 先增大后减小D .()D X 先减小后增大【答案】D【分析】研究方差随a 变化的增大或减小规律,常用方法就是将方差用参数a 表示,应用函数知识求解.本题根据方差与期望的关系,将方差表示为a 的二次函数,二次函数的图象和性质解题.题目有一定综合性,注重重要知识、基础知识、运算求解能力的考查. 【解析】方法1:由分布列得1()3aE X +=, 则2222111111211()(0)()(1)()333333926a a a D X a a +++=-⨯+-⨯+-⨯=-+, 则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .方法2:则222221(1)222213()()()0[()]3399924a a a a D X E X E X a +-+=-=++-==-+,则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .【名师点睛】易出现的错误有,一是数学期望、方差以及二者之间的关系掌握不熟,无从着手;二是计算能力差,不能正确得到二次函数表达式.4.【2019年高考江苏卷】已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是______________. 【答案】53【解析】由题意,该组数据的平均数为678891086+++++=,所以该组数据的方差是22222215[(68)(78)(88)(88)(98)(108)]63-+-+-+-+-+-=. 5.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为______________. 【答案】0.98【分析】本题考查通过统计数据进行概率的估计,采取估算法,利用概率思想解题.【解析】由题意得,经停该高铁站的列车正点数约为100.97200.98100.9939.2⨯+⨯+⨯=,其中高铁个数为10201040++=,所以该站所有高铁平均正点率约为39.20.9840=. 【名师点睛】本题考查了概率统计,渗透了数据处理和数学运算素养,侧重统计数据的概率估算,难度不大.易忽视概率的估算值不是精确值而失误,根据分类抽样的统计数据,估算出正点列车数量与列车总数的比值.6.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4∶1获胜的概率是______________. 【答案】0.18【分析】本题应注意分情况讨论,即前五场甲队获胜的两种情况,应用独立事件的概率的计算公式求解.题目有一定的难度,注重了基础知识、基本计算能力及分类讨论思想的考查.【解析】前四场中有一场客场输,第五场赢时,甲队以4:1获胜的概率是30.60.50.520.108,⨯⨯⨯=前四场中有一场主场输,第五场赢时,甲队以4:1获胜的概率是220.40.60.520.072,⨯⨯⨯=综上所述,甲队以4:1获胜的概率是0.1080.0720.18.q =+=【名师点睛】由于本题题干较长,所以,易错点之一就是能否静心读题,正确理解题意;易错点之二是思维的全面性是否具备,要考虑甲队以4:1获胜的两种情况;易错点之三是是否能够准确计算. 7.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A ,B 两组,每组100只,其中A 组小鼠给服甲离子溶液,B 组小鼠给服乙离子溶液,每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C 为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到P (C )的估计值为0.70. (1)求乙离子残留百分比直方图中a ,b 的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表). 【答案】(1)a =0.35,b =0.10;(2)甲、乙离子残留百分比的平均值的估计值分别为4.05,6.00. 【解析】(1)由已知得0.70=a +0.20+0.15,故a =0.35. b =1–0.05–0.15–0.70=0.10.(2)甲离子残留百分比的平均值的估计值为 2×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05. 乙离子残留百分比的平均值的估计值为3×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00.8.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10:10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后,甲先发球,两人又打了X 个球该局比赛结束. (1)求P (X =2);(2)求事件“X =4且甲获胜”的概率. 【答案】(1)0.5;(2)0.1.【解析】(1)X =2就是10∶10平后,两人又打了2个球该局比赛结束, 则这2个球均由甲得分,或者均由乙得分. 因此P (X =2)=0.5×0.4+(1–0.5)×(1–0.4)=0.5.(2)X =4且甲获胜,就是10∶10平后,两人又打了4个球该局比赛结束, 且这4个球的得分情况为:前两球是甲、乙各得1分,后两球均为甲得分. 因此所求概率为[0.5×(1–0.4)+(1–0.5)×0.4]×0.5×0.4=0.1. 9.【2019年高考天津卷理数】设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为23.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(1)用X 表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X 的分布列和数学期望; (2)设M 为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M 发生的概率. 【答案】(1)分布列见解析,()2E X ;(2)20243.【分析】本小题主要考查离散型随机变量的分布列与数学期望,互斥事件和相互独立事件的概率计算公式等基础知识.考查运用概率知识解决简单实际问题的能力.满分13分.【解析】(1)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立,且每天7:30之前到校的概率均为23,故2~(3,)3X B ,从而3321()C ()(),0,1,2,333kkkP X k k -===.所以,随机变量X 的分布列为随机变量X 的数学期望()323E X =⨯=.(2)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为Y , 则2~(3,)3Y B ,且{3,1}{2,0}M X Y X Y =====. 由题意知事件{3,1}X Y ==与{2,0}X Y ==互斥,且事件{3}X =与{1}Y =,事件{2}X =与{0}Y =均相互独立, 从而由(1)知()({3,1}{2,0})P M P X Y X Y =====(3,1)(2,0)P X Y P X Y ===+== (3)(1)(2)(0)P X P Y P X P Y ===+==824120279927243=⨯+⨯=. 10.【2019年高考北京卷理数】改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布情况如下:(1)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率;(2)从样本仅使用A 和仅使用B 的学生中各随机抽取1人,以X 表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X 的分布列和数学期望;(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A 的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.【答案】(1)0.4;(2)分布列见解析,E (X )=1;(3)见解析.【解析】(1)由题意知,样本中仅使用A 的学生有18+9+3=30人,仅使用B 的学生有10+14+1=25人,A ,B 两种支付方式都不使用的学生有5人.故样本中A ,B 两种支付方式都使用的学生有100−30−25−5=40人.所以从全校学生中随机抽取1人,该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率估计为400.4100=. (2)X 的所有可能值为0,1,2.记事件C 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”,事件D 为“从样本仅使用B 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”. 由题设知,事件C ,D 相互独立,且93141()0.4,()0.63025P C P D ++====. 所以(2)()()()0.24P X P CD P C P D ====,(1)()P X P CD CD == ()()()()P C P D P C P D =+ 0.4(10.6)(10.4)0.6=⨯-+-⨯0.52=,(0)()()()0.24P X P CD P C P D ====.所以X 的分布列为故X 的数学期望()00.2410.5220.241E X =⨯+⨯+⨯=.(3)记事件E 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽查3人,他们本月的支付金额都大于2000元”. 假设样本仅使用A 的学生中,本月支付金额大于2000元的人数没有变化, 则由上个月的样本数据得33011()C 4060P E ==.答案示例1:可以认为有变化. 理由如下:P (E )比较小,概率比较小的事件一般不容易发生.一旦发生,就有理由认为本月的支付金额大于2000元的人数发生了变化,所以可以认为有变化. 答案示例2:无法确定有没有变化.理由如下: 事件E 是随机事件,P (E )比较小,一般不容易发生, 但还是有可能发生的,所以无法确定有没有变化.11.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得1-分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得1-分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (1)求X 的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,(0,1,,8)i p i =表示“甲药的累计得分为i 时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则00p =,81p =,11i i i i p ap bp cp -+=++(1,2,,7)i =,其中(1)a P X ==-,(0)b P X ==,(1)c P X ==.假设0.5α=,0.8β=.(i)证明:1{}i i p p +-(0,1,2,,7)i =为等比数列;(ii)求4p ,并根据4p 的值解释这种试验方案的合理性. 【答案】(1)分布列见解析;(2)(i)证明见解析,(ii) 45 127p =,解释见解析. 【解析】X 的所有可能取值为1,0,1-.(1)(1)P X αβ=-=-,(0)(1)(1)P X αβαβ==+--, (1)(1)P X αβ==-,所以X 的分布列为(2)(i )由(1)得0.4,0.5,0.1a b c ===.因此110.40.5 0.1i i i i p p p p -+=++,故110.1()0.4()i i i i p p p p +--=-, 即114()i i i i p p p p +--=-. 又因为1010p p p -=≠, 所以1{}(0,1,2,,7)i i p p i +-=为公比为4,首项为1p 的等比数列.(ii )由(i )可得88776100p p p p p p p p =-+-++-+877610()()()p p p p p p =-+-++-81413p -=.由于8=1p ,故18341p =-, 所以44433221101( 411()327)(5())p p p p p p p p p p -=-+-+-+=-=. 4p 表示最终认为甲药更有效的概率,由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时, 认为甲药更有效的概率为410.0039257p =≈, 此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.专题 计数原理1.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】(1+2x 2 )(1+x )4的展开式中x 3的系数为 A .12 B .16 C .20 D .24【答案】A【解析】由题意得x 3的系数为3144C 2C 4812+=+=,故选A .【名师点睛】本题主要考查二项式定理,利用展开式通项公式求展开式指定项的系数.2.【2019年高考浙江卷理数】在二项式9)x 的展开式中,常数项是__________;系数为有理数的项的个数是__________.【答案】 5【解析】由题意,9)x 的通项为919C (0,1,29)rr r r T x r -+==,当0r =时,可得常数项为0919C T ==;若展开式的系数为有理数,则1,3,5,7,9r =,有246810T , T , T , T , T 共5个项.故答案为:5.【名师点睛】此类问题解法比较明确,首要的是要准确记忆通项公式,特别是“幂指数”不能记混,其次,计算要细心,确保结果正确.3.【2019年高考江苏卷理数】设2*012(1),4,n n n x a a x a x a x n n +=++++≥∈N .已知23242a a a =.(1)求n 的值;(2)设(1na +=+*,ab ∈N ,求223a b -的值.【答案】(1)5n =;(2)32-.【解析】(1)因为0122(1)C C C C 4n n n n n n n x x x x n +=++++≥,,所以2323(1)(1)(2)C ,C 26n nn n n n n a a ---====, 44(1)(2)(3)C 24nn n n n a ---==. 因为23242a a a =,所以2(1)(2)(1)(1)(2)(3)[]26224n n n n n n n n n ------=⨯⨯,解得5n =.(2)由(1)知,5n =.5(1(1n +=02233445555555C C C C C C =++++a =+解法一:因为*,a b ∈N ,所以024*********C 3C 9C 76,C 3C 9C 44a b =++==++=,从而222237634432a b -=-⨯=-.解法二:50122334455555555(1C C (C (C (C (C (=+++++02233445555555C C C C C C =--+-.因为*,a b ∈N ,所以5(1a -=-.因此225553((1(1(2)32a b a a -=+-=⨯-=-=-.【名师点睛】本题主要考查二项式定理、组合数等基础知识,考查分析问题能力与运算求解能力.。
2019高考试题汇编文科数学---概率统计
答案:
详看法析
解答:
(1)这种公司中产值增加率不低于40%的公司比率是 ,
这种公司中产值负增加的公司比率是 .
(2)这种公司产值增加率的均匀数是
这种公司产值增加率的方差是
所以这种公司产值增加率的标准差是 .
(2019全国3文)3.两位男同学和两位女同学随机排成一列,则两位女同学相邻的概率是()
成绩宣布后,三人成绩互不同样且只有一个人展望正确,那么三人按成绩由高到低的序次为()
A.甲、乙、丙B.乙、甲、丙C.丙、乙、甲D.甲、丙、乙
答案:A
解答:依据已知逻辑关系可知,甲的展望正确,乙丙的展望错误,从而可得结果.
(2019全国2文)14.我国高铁发展快速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有 个车次的正点率为 ,有 个车次的正点率为 ,有 个车次的正点率为 ,则经停该站的高铁列车全部车次的均匀正点率的预计值为.
【剖析】
研究方差随 变化的增大或减小规律,常用方法就是将方差用参数 表示,应用函数知识求解.此题依据方差与希望的关系,将方差表示为 的二次函数,二测函数的图象和性质解题.题目有必定综合性,着重重要知识、基础知识、运算求解能力的考察.
【详解】方法1:由散布列得 ,则
,则当 在 内增大时, 先减小后增大.
女顾客的的满意概率为
(2)有 的掌握以为男、女顾客对该商场服务的评论有差别.
解答:
(1)男顾客的的满意概率为
女顾客的的满意概率为 .
(2)
有 的掌握以为男、女顾客对该商场服务的评论有差别.
(2019全国2文)4.生物实验室有 只兔子,此中只有 只丈量过某项指标.若从这 只兔子中随机拿出 只,则恰有 只丈量过该指标的概率为()
2019高考全国各地数学卷文科解答题分类汇编-概率与统计
2019高考全国各地数学卷文科解答题分类汇编-概率与统计1、〔天津文〕15、〔本小题总分值13分〕编号为1216,,,A A A ⋅⋅⋅的16名篮球运动员在某次训练比赛中的得分记录如下:〔Ⅰ〕将得分在对应区间内的人数填入相应的空格;〔Ⅱ〕从得分在区间[)20,30内的运动员中随机抽取2人,〔i 〕用运动员的编号列出所有可能的抽取结果;〔ii 〕求这2人得分之和大于50的概率、【解析】〔15〕本小题主要考查用列举法计算随机事件所含的基本事件数、古典概型及其概率计算公式的等基础知识,考查数据处理能力及运用概率知识解决简单的实际问题的能力,总分值13分。
〔Ⅰ〕解:4,6,6〔Ⅱ〕〔i 〕解:得分在区间[20,30)内的运动员编号为345101113,,,,,.A A A A A A 从中随机抽取2人,所有可能的抽取结果有:343531*********{,},{,},{,},{,},{,},{,},A A A A A A A A A A A A 410{,}A A ,411413510511513101110131113{,},{,},{,},{,},{,},{,},{,},{,}A A A A A A A A A A A A A A A A ,共15种。
〔ii 〕解:“从得分在区间[20,30)内的运动员中随机抽取2人,这2人得分之和大于50”〔记为事件B 〕的所有可能结果有:454104115101011{,},{,},{,},{,},{,}A A A A A A A A A A ,共5种。
所以51().153P B ==2.〔北京文〕16、〔本小题共13分〕以下茎叶图记录了甲、乙两组各四名同学的植树棵树.乙组记录中有一个数据模糊,无法确认,在图中以X 表示.〔1〕如果X=8,求乙组同学植树棵树的平均数和方差;〔2〕如果X=9,分别从甲、乙两组中随机选取一名同学,求这两名同学的植树总棵数为19的概率. 〔注:方差],)()()[(1222212x x x ns n -+-+-= 其中为nx x x ,,,21 的平均数〕 【解析】〔16〕〔共13分〕解〔1〕当X=8时,由茎叶图可知,乙组同学的植树棵数是:8,8,9,10, 所以平均数为;435410988=+++=方差为.1611])43510()4359()4358[(412222=-+-+-=s 〔Ⅱ〕记甲组四名同学为A 1,A 2,A 3,A 4,他们植树的棵数依次为9,9,11,11;乙组四名同学为B 1,B 2,B 3,B 4,他们植树的棵数依次为9,8,9,10,分别从甲、乙两组中随机选取一名同学,所有可能的结果有16个,它们是:〔A 1,B 1〕,〔A 1,B 2〕,〔A 1,B 3〕,〔A 1,B 4〕, 〔A 2,B 1〕,〔A 2,B 2〕,〔A 2,B 3〕,〔A 2,B 4〕, 〔A 3,B 1〕,〔A 2,B 2〕,〔A 3,B 3〕,〔A 1,B 4〕, 〔A 4,B 1〕,〔A 4,B 2〕,〔A 4,B 3〕,〔A 4,B 4〕,用C 表示:“选出的两名同学的植树总棵数为19”这一事件,那么C 中的结果有4个,它们是:〔A 1,B 4〕,〔A 2,B 4〕,〔A 3,B 2〕,〔A 4,B 2〕,故所求概率为.41164)(==C P3.〔全国新文〕19、〔本小题总分值12分〕 某种产品的质量以其质量指标值衡量,质量指标越大说明质量越好,且质量指标值大于或等于102的产品为优质品、现用两种新配方〔分别称为A 配方和B 配方〕做试验,各生产了100件这种产品,并测量了每产品的质量指标值,得到时下面试验结果:A 配方的频数分布表〔I 〕分别估计用A 配方,B 配方生产的产品的优质品率;〔II 〕用B 配方生产的一种产品利润y 〔单位:元〕与其质量指标值t 的关系式为2,942,941024,102t y t t -<⎧⎪=≤<⎨⎪≥⎩估计用B 配方生产的一件产品的利润大于0的概率,并求用B 配方生产的上述100件产品平均一件的利润、 【解析】〔19〕解〔Ⅰ〕由试验结果知,用A 配方生产的产品中优质的频率为228=0.3100+,所以用A 配方生产的产品的优质品率的估计值为0.3。
2019高考试题汇编理科数学---概率统计
(Ⅲ)由题意结合概率的定义给出结论即可.
【详解】(Ⅰ)由题意可知,两种支付方式都是用的人数为: 人,则:
该学生上个月A,B两种支付方式都使用的概率 .
(Ⅱ)由题意可知,
仅使用A支付方法的学生中,金额不大于1000的人数占 ,金额大于1000的人数占 ,
【详解】方法1:由分布列得 ,则
,则当 在 内增大时, 先减小后增大.
方法2:则
故选D.
【点睛】易出现的错误有,一是数学期望、方差以及二者之间的关系掌握不熟,无从着手;二是计算能力差,不能正确得到二次函数表达式.
(Ⅲ)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.
【答案】(Ⅰ) ;
(Ⅱ)见解析;
(Ⅲ)见解析.
【解析】
【分析】
(Ⅰ)由题意利用古典概型计算公式可得满足题意的概率值;
.
(2019全国1理)21.为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物实验.实验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比实验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮实验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止实验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮实验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得 分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得 分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为 和 ,一轮实验中甲药的得分记为 .
2019年高考试题分类汇编(统计与概率)
2019年高考试题分类汇编(统计与概率)考点1 统计考法1 简单随机抽样1.(2019·全国卷Ⅰ·文科)某学校为了解1000名新生的身体素质,将这些学生编号为1,2,,1000,从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验.若46号学生被抽到,则下面4名学生中被抽到的是A.8号学生 B.200号学生 C.616号学生 D.815号学生2.(2019·天津卷·文科)2019年,我国施行个人所得税专项附加扣除办法,涉及子女教育、继续教育、大病医疗、住房贷款利息或者住房租金、赡养老人等六项专项附加扣除.某单位老、中、青员工分别有72,108,120人,现采用分层抽样的方法,从该单位上述员工中抽取25人调查专项附加扣除的享受情况.(Ⅰ)应从老、中、青员工中分别抽取多少人?(Ⅱ)抽取的25人中,享受至少两项专项附加扣除的员工有6人,分别记为A B C D E F.享受情况如右表,其中“”表示享受,“⨯”表示不享受.现从,,,,,(i)试用所给字母列举出所有可能的抽取结果;(ii)设M为事件“抽取的2人享受的专项附加扣除至少有一项相同”,求事件M发生的概率.考法2数字特征1.(2019·全国卷Ⅱ·理科)演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是A.中位数 B.平均数 C.方差 D.极差2.(2019·全国卷Ⅱ·文理科)我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为 .3.(2019·江苏卷)已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是 .4.(2019·全国卷Ⅰ·文理科)古希腊时期,人们认为最美人体的头顶至肚脐的0.618≈,称为黄金分割比例),著名的“断臂维纳斯”便是如此.此外,最美人体的头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比也是.若某人满足上述两个黄金分割比例,且腿长为105cm ,头顶至脖子下端的长度为26cm ,则其身高可能是A .165cmB .175cmC .185cmD .195cm9.(2019·全国卷Ⅱ·文科)某行业主管部门为了解本行业中小型企业的生产情况,随机调查了100个企业,得到这些企业第一季度相对于前一年第一季度产值增长率y 的频数分布表:(Ⅰ)分别估计这类企业中产值增长率不低于40%的企业比例、产值负增长的企业比例;(Ⅱ)求这类企业产值增长率的平均数与标准差的估计值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).(精确到0.018.602≈考点2 概率考法1古典概型1.(2019·全国卷Ⅱ·文科)生物实验室有5只兔子,其中3只测量过某项指标,若从这5只兔子随机取出3只,则恰有2只测量过该项指标概率为A .23B .35C .25D .152.(2019·江苏卷)从3名男同学和2名女同学中任选2名同学参加志愿者服务,则选出的2名同学中至少有1名女同学的概率是 .3.(2019·全国卷Ⅲ·文理科)《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为A.0.5 B.0.6 C.0.7 D.0.84.(2019·全国卷Ⅰ·理科)我国古代典籍《周易》用“卦”描述万物的变化.每一“重卦”由从下到上排列的6个爻组成,爻分为阳爻“—”和阴爻“--”,右图就是一重卦.在所有重卦中随机取一重卦,则该重卦恰有3个阳爻的概率是A.516B.1132C.2132D.1116考法2相互独立事件的概率1.(2019·全国卷Ⅰ·理科)甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一对赢得四场胜利时,该队获胜,决赛决赛).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果互相独立,则甲队以4:1获胜的概率为 .2.(2019·全国卷Ⅱ·理科)11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10:10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后,甲先发球,两人又打了X个球该局比赛结束.(Ⅰ)求(2)P X=;(Ⅱ)事件“4X=且甲获胜”的概率.3.(2019·天津卷·理科)设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为23.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(Ⅰ)用X表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X 的分布列和数学期望;(Ⅱ)设M为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M发生的概率.考法3 频率分布直方图1.(2019·全国卷Ⅲ·文理科)为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A 、B 两组,每组100只,其中A 组小鼠给服甲离子溶液,B 组小鼠给服乙离子溶液,每组小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C 为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到()P C 的估计值为0.70.(Ⅰ)求乙离子残留百分比直方图中a ,b 的值;(Ⅱ)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).2.(2019·北京卷·文科)改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布(Ⅰ)估计该校学生中上个月A ,B 两种支付方式都使用的人数;(Ⅱ)从样本仅使用B 的学生中随机抽取1人,求该学生上个月支付金额大于2000元的概率;(Ⅲ)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用B 的学生中,随机抽查1人,发现他本月的支付金额大于2000元,结合(Ⅱ)的结果,能否认为样本仅使用B 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.甲离子残留百分比直方图 乙离子残留百分比直方图考点3 分布列1.(2019·北京卷·理科)改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布(Ⅰ)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A ,B 两个支付方式都使用的概率; (Ⅱ)从样本仅使用A 和仅使用B 的学生中各随机抽取1人,以X 表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X 的分布列和数学期望;(Ⅲ)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化,现从样本仅使用A 的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.则当a 在(0,1)内增大时, A .()D X 增大 B .()D X 减小C .()D X 先增大后减小 D .()D X 先减小后增大3.(2019·全国卷Ⅰ·理科)为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物实验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮的试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得1-分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得1-分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (Ⅰ)求X 的的分布列;(Ⅱ)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,i p (0,1,,8i =)表示“甲药的累计得分为i 时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则00p =,81p =,1i i p ap -= 1i i bp cp +++(1,2,,7i =),其中(1)a p X ==-,(0)b p X ==,(1)c p X ==.假设0.5α=,0.8β=.①证明:1{}i i p p +-(1,2,,7i =)为等比数列;②求4p ,并根据4p 的值解释这种试验方案的合理性. 考点4 独立性检验1.某商场为提高服务质量,随机调查了50名男顾客和50名女顾客,每位顾客对(Ⅰ)分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率; (Ⅱ)能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异?附:22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++.。
2019年高考数学理科数学概率与统计分类汇编
2019年高考数学理科数学概率与统计1.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为 A .0.5 B .0.6 C .0.7D .0.8【答案】C【解析】由题意得,阅读过《西游记》的学生人数为90-80+60=70,则其与该校学生人数之比为70÷100=0.7.故选C .2.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是 A .中位数 B .平均数 C .方差D .极差 【答案】A【解析】设9位评委评分按从小到大排列为123489x x x x x x <<<<<.则①原始中位数为5x ,去掉最低分1x ,最高分9x 后剩余2348x x x x <<<<,中位数仍为5x ,A 正确; ②原始平均数1234891()9x x x x x x x =<<<<<,后来平均数23481()7x x x x x '=<<<,平均数受极端值影响较大,∴x 与x '不一定相同,B 不正确; ③2222111[()()()]9q S x x x x x x =-+-++-,22222381[()()()]7s x x x x x x '=-'+-'++-',由②易知,C 不正确;④原极差91x x =-,后来极差82x x =-,显然极差变小,D 不正确.故选A . 3.【2019年高考浙江卷】设0<a <1,则随机变量X 的分布列是Xa 1P131313则当a 在(0,1)内增大时, A .()D X 增大B .()D X 减小C .()D X 先增大后减小D .()D X 先减小后增大【解析】方法1:由分布列得1()3aE X +=, 则2222111111211()(0)()(1)()333333926a a a D X a a +++=-⨯+-⨯+-⨯=-+, 则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .方法2:则222221(1)222213()()()0[()]3399924a a a a D X E X E X a +-+=-=++-==-+,则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .4.【2019年高考江苏卷】已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是______________. 【答案】53【解析】由题意,该组数据的平均数为678891086+++++=,所以该组数据的方差是22222215[(68)(78)(88)(88)(98)(108)]63-+-+-+-+-+-=. 5.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为______________. 【答案】0.98【分析】本题考查通过统计数据进行概率的估计,采取估算法,利用概率思想解题.【解析】由题意得,经停该高铁站的列车正点数约为100.97200.98100.9939.2⨯+⨯+⨯=,其中高铁个数为10201040++=,所以该站所有高铁平均正点率约为39.20.9840=. 6.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4∶1获胜的概率是______________. 【答案】0.18【解析】前四场中有一场客场输,第五场赢时,甲队以4:1获胜的概率是30.60.50.520.108,⨯⨯⨯=前四场中有一场主场输,第五场赢时,甲队以4:1获胜的概率是220.40.60.520.072,⨯⨯⨯=综上所述,甲队以4:1获胜的概率是0.1080.0720.18.q =+=7.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A ,B 两组,每组100只,其中A 组小鼠给服甲离子溶液,B 组小鼠给服乙离子溶液,每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C 为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到P (C )的估计值为0.70. (1)求乙离子残留百分比直方图中a ,b 的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表). 【答案】(1)a =0.35,b =0.10;(2)甲、乙离子残留百分比的平均值的估计值分别为4.05,6.00. 【解析】(1)由已知得0.70=a +0.20+0.15,故a =0.35. b =1–0.05–0.15–0.70=0.10.(2)甲离子残留百分比的平均值的估计值为 2×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05. 乙离子残留百分比的平均值的估计值为3×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00.8.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10:10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后,甲先发球,两人又打了X 个球该局比赛结束. (1)求P (X =2);(2)求事件“X =4且甲获胜”的概率.【答案】(1)0.5;(2)0.1.【解析】(1)X =2就是10∶10平后,两人又打了2个球该局比赛结束, 则这2个球均由甲得分,或者均由乙得分. 因此P (X =2)=0.5×0.4+(1–0.5)×(1–0.4)=0.5.(2)X =4且甲获胜,就是10∶10平后,两人又打了4个球该局比赛结束, 且这4个球的得分情况为:前两球是甲、乙各得1分,后两球均为甲得分. 因此所求概率为[0.5×(1–0.4)+(1–0.5)×0.4]×0.5×0.4=0.1.9.【2019年高考天津卷理数】设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为23.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(1)用X 表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X 的分布列和数学期望; (2)设M 为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M 发生的概率. 【答案】(1)分布列见解析,()2E X =;(2)20243. 【分析】本小题主要考查离散型随机变量的分布列与数学期望,互斥事件和相互独立事件的概率计算公式等基础知识.考查运用概率知识解决简单实际问题的能力.满分13分.【解析】(1)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立,且每天7:30之前到校的概率均为23,故2~(3,)3X B ,从而3321()C ()(),0,1,2,333kkkP X k k -===.所以,随机变量X 的分布列为X0 1 2 3P127 29 49 827随机变量X 的数学期望()323E X =⨯=.(2)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为Y , 则2~(3,)3Y B ,且{3,1}{2,0}M X Y X Y =====. 由题意知事件{3,1}X Y ==与{2,0}X Y ==互斥,且事件{3}X =与{1}Y =,事件{2}X =与{0}Y =均相互独立, 从而由(1)知()({3,1}{2,0})P M P X Y X Y =====(3,1)(2,0)P X Y P X Y ===+== (3)(1)(2)(0)P X P Y P X P Y ===+==824120279927243=⨯+⨯=. 10.【2019年高考北京卷理数】改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布情况如下:支付金额(元)支付方式(0,1000](1000,2000]大于2000仅使用A 18人 9人 3人 仅使用B10人14人1人(1)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率;(2)从样本仅使用A 和仅使用B 的学生中各随机抽取1人,以X 表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X 的分布列和数学期望;(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A 的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.【答案】(1)0.4;(2)分布列见解析,E (X )=1;(3)见解析.【解析】(1)由题意知,样本中仅使用A 的学生有18+9+3=30人,仅使用B 的学生有10+14+1=25人,A ,B 两种支付方式都不使用的学生有5人.故样本中A ,B 两种支付方式都使用的学生有100−30−25−5=40人.所以从全校学生中随机抽取1人,该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率估计为400.4100=. (2)X 的所有可能值为0,1,2.记事件C 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”,事件D 为“从样本仅使用B 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”. 由题设知,事件C ,D 相互独立,且93141()0.4,()0.63025P C P D ++====. 所以(2)()()()0.24P X P CD P C P D ====,(1)()P X P CD CD == ()()()()P C P D P C P D =+ 0.4(10.6)(10.4)0.6=⨯-+-⨯0.52=,(0)()()()0.24P X P CD P C P D ====.所以X 的分布列为X 0 1 2 P0.240.520.24故X 的数学期望()00.2410.5220.241E X =⨯+⨯+⨯=.(3)记事件E 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽查3人,他们本月的支付金额都大于2000元”. 假设样本仅使用A 的学生中,本月支付金额大于2000元的人数没有变化, 则由上个月的样本数据得33011()C 4060P E ==. 答案示例1:可以认为有变化. 理由如下:P (E )比较小,概率比较小的事件一般不容易发生.一旦发生,就有理由认为本月的支付金额大于2000元的人数发生了变化,所以可以认为有变化. 答案示例2:无法确定有没有变化.理由如下: 事件E 是随机事件,P (E )比较小,一般不容易发生, 但还是有可能发生的,所以无法确定有没有变化.11.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得1-分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得1-分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (1)求X 的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,(0,1,,8)i p i =表示“甲药的累计得分为i 时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则00p =,81p =,11i i i i p ap bp cp -+=++(1,2,,7)i =,其中(1)a P X ==-,(0)b P X ==,(1)c P X ==.假设0.5α=,0.8β=.(i)证明:1{}i i p p +-(0,1,2,,7)i =为等比数列;(ii)求4p ,并根据4p 的值解释这种试验方案的合理性. 【答案】(1)分布列见解析;(2)(i)证明见解析,(ii) 45 127p =,解释见解析. 【解析】X 的所有可能取值为1,0,1-.(1)(1)P X αβ=-=-,(0)(1)(1)P X αβαβ==+--,(1)(1)P X αβ==-,所以X 的分布列为X1- 0 1P(1)αβ-(1)(1)αβαβ+-- (1)αβ-(2)(i )由(1)得0.4,0.5,0.1a b c ===.因此110.40.5 0.1i i i i p p p p -+=++,故110.1()0.4()i i i i p p p p +--=-, 即114()i i i i p p p p +--=-. 又因为1010p p p -=≠, 所以1{}(0,1,2,,7)i i p p i +-=为公比为4,首项为1p 的等比数列.(ii )由(i )可得88776100p p p p p p p p =-+-++-+877610()()()p p p p p p =-+-++-81413p -=.由于8=1p ,故18341p =-,所以44433221101 (411()327 )(5())p p p p p p p p p p-=-+-+-+=-=.4p表示最终认为甲药更有效的概率,由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时,认为甲药更有效的概率为410.0039 257p=≈,此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.。
2019年高考数学试题分类汇编概率附答案详解
2019年高考数学试题分类汇编概率一、选择题.1、(2019年高考全国I 卷文科6)某学校为了解1 000名新生的身体素质,将这些学生编号为1,2,…,1 000,从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验.若46号学生被抽到,则下面4名学生中被抽到的是 A .8号学生 B .200号学生C .616号学生D .815号学生答案:C解析:组距为10,所以选出号码为等差数列,公差为10,故选C2、(2019年高考全国I 卷理科6)我国古代典籍《周易》用“卦”描述万物的变化.每一“重卦”由从下到上排列的6个爻组成,爻分为阳爻“——”和阴爻“— —”,如图就是一重卦.在所有重卦中随机取一重卦,则该重卦恰有3个阳爻的概率是A .516B .1132C .2132D .1116答案:A解析:一共有6426=种可能,其中满足恰有3个阳爻的有2036=C 种,概率为1656420=故选A 3、(2019年高考全国II 卷文科4)生物实验室有5只兔子,其中只有3只测量过某项指标,若从这5只兔子中随机取出3只,则恰有2只测量过该指标的概率为 A .23B .35 C .25D .15答案:B解析:设5只兔子为A,B,C,D,E,其中A,B,C 为测量过指标的取出3只所有情况:ABC 、ABD 、ABE 、ACD 、ACE 、ADE 、BCD 、BCE 、BDE 、CDE 共10种满足条件的有6种:ABD 、ABE 、ACD 、ACE 、BCD 、BCE 故概率为53=p 故答案选B 4、(2019年高考全国II 卷理科5)演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是A .中位数B .平均数C .方差D .极差 答案:A解析:9个数的中位数与去掉两个数后的7个数的中位数相同.故答案选A5、(2019年高考全国III 卷文科3)两位男同学和两位女同学随机排成一列,则两位女同学相邻的概率是A .16B .14C .13D .12答案:D解析:两位男生和两位女生排成一列,共有44A 种站法,其中两位女生相邻的站法共有3322A A 种,所以两位女生相邻的概率是21123412312443322=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯=A A A 。
2019年高考数学理试题分类汇编:统计与概率(含答案)
2019 年高考数学理试题分类汇编统计与概率一、选择题1、( 2019 年北京高考)袋中装有偶数个球,其中红球、黑球各占一半.甲、乙、丙是三个空盒.每次从袋中任意取出两个球,将其中一个球放入甲盒,如果这个球是红球,就将另一个球放入乙盒,否则就放入丙盒.重复上述过程,直到袋中所有球都被放入盒中,则()A. 乙盒中黑球不多于丙盒中黑球B.乙盒中红球与丙盒中黑球一样多C.乙盒中红球不多于丙盒中红球D.乙盒中黑球与丙盒中红球一样多【答案】 C2、( 2019 年山东高考)某高校调查了200 名学生每周的自习时间(单位:小时),制成了如图所示的频率分布直方图,其中自习时间的范围是[17.5,30] ,样本数据分组为[17.5,20),[20,22.5),[22.5,25),[25,27.5),[27.5,30] .根据直方图,这200 名学生中每周的自习时间不少于 22.5 小时的人数是( A )56(B)60(C)120(D)140【答案】 D3、( 2019 年全国 I 高考)某公司的班车在7:30, 8:00, 8:30 发车,小明在 7:50 至 8:30 之间到达发车站乘坐班车,且到达发车站的时刻是随机的,则他等车时间不超过10 分钟的概率是1123(A )3( B)2(C)3(D)4【答案】 B4、( 2019年全国 II 高考)从区间0,1 随机抽取 2n 个数x1,x2,⋯,x n,y1,y2,⋯,y n,构成n 个数对x1, y1, x2 , y2,⋯,x n , y n,其中两数的平方和小于 1 的数对共有m个,则用随机模拟的方法得到的圆周率的近似值为( A)【答案】 C 4n2n4m2m m(B)( C)(D)m n n5、( 2019 年全国 III 高考)某旅游城市为向游客介绍本地的气温情况,绘制了一年中月平均最高气温和平均最低气温的雷达图。
图中 A 点表示十月的平均最高气温约为150C, B 点表示四月的平均最低气温约为50C。
2019年高考试题分类汇编(统计与概率)
2019年高考试题分类汇编(统计与概率)2019年高考试题分类汇编(统计与概率)考点1 统计考法1 简单随机抽样1.(2019·全国卷Ⅰ·文科)某学校为了解1000名新生的身体素质,将这些学生编号为1,2.1000,从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验。
若46号学生被抽到,则下面4名学生中被抽到的是:A.8号学生 B.200号学生 C.616号学生 D.815号学生2.(2019·天津卷·文科)2019年,我国施行个人所得税专项附加扣除办法,涉及子女教育、继续教育、大病医疗、住房贷款利息或者住房租金、赡养老人等六项专项附加扣除。
某单位老、中、青员工分别有72,108,120人,现采用分层抽样的方法,从该单位上述员工中抽取25人调查专项附加扣除的享受情况。
Ⅰ)应从老、中、青员工中分别抽取多少人?Ⅱ)抽取的25人中,享受至少两项专项附加扣除的员工有6人,分别记为A,B,C,D,E,F。
现从这6人中随机抽取2人接受采访。
i)试用所给字母列举出所有可能的抽取结果;ii)设M为事件“抽取的2人享受的专项附加扣除至少有一项相同”,求事件M发生的概率。
考法2 数字特征1.(2019·全国卷Ⅱ·理科)演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分。
7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是:A.中位数 B.平均数 C.方差 D.极差2.(2019·全国卷Ⅱ·文理科)我国高铁发展迅速,技术先进。
经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为。
1.已知一组数据为 6.7.8.8.9.10,则该组数据的方差为 1.2.2.古希腊时期,人们认为最美人体的头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比约为 0.618,称为黄金分割比例。
2019年高考数学真题分类汇编:专题(12)概率和统计(理科)及答案
专题十二 概率和统计1.【2018高考重庆,理3】重庆市2019年各月的平均气温(o C )数据的茎叶图如下:0891258200338312则这组数据的中位数是( )A 、19B 、20C 、21.5D 、23 【答案】B.【解析】从茎叶图知所有数据为8,9,12,15,18,20,20,23,23,28,31,32,中间两个数为20,20,故中位数为20,选B..【考点定位】本题考查茎叶图的认识,考查中位数的概念.【名师点晴】本题通过考查茎叶图的知识,考查样本数据的数字特征,考查学生的数据处理能力.2.【2018高考广东,理4】袋中共有15个除了颜色外完全相同的球,其中有10个白球,5个红球。
从袋中任取2个球,所取的2个球中恰有1个白球,1个红球的概率为( ) A .1 B. 2111 C. 2110 D. 215【答案】B .【解析】从袋中任取2个球共有215105C =种,其中恰好1个白球1个红球共有1110550C C =种,所以从袋中任取的2个球恰好1个白球1个红球的概率为5010=10521,故选B . 【考点定位】排列组合,古典概率.【名师点睛】本题主要考查排列组合,古典概率的计算和转化与化归思想应用、运算求解能力,解答此题关键在于理解所取2球恰好1个白球1个红球即是分步在白球和红球各取1个球的组合,属于容易题.3.【2018高考新课标1,理4】投篮测试中,每人投3次,至少投中2次才能通过测试。
已知某同学每次投篮投中的概率为0.6,且各次投篮是否投中相互独立,则该同学通过测试的概率为( )(A )0.648 (B )0.432 (C )0.36 (D )0.312【答案】A【解析】根据独立重复试验公式得,该同学通过测试的概率为22330.60.40.6C ⨯+=0.648,故选A.【考点定位】本题主要考查独立重复试验的概率公式与互斥事件和概率公式【名师点睛】解答本题时,先想到所求事件是恰好中3次与恰好中2次两个互斥事件的和,而这两个事件又是实验3次恰好分别发生3次和2次的独立重复试验,本题很好考查了学生对独立重复试验和互斥事件的理解和公式的记忆与灵活运用,是基础题,正确分析概率类型、灵活运用概率公式是解本题的关键. 4.【2018高考陕西,理11】设复数(1)z x yi =-+(,)x y R ∈,若||1z ≤,则y x ≥的概率为( )A .3142π+ B .1142π- C .112π- D .112π+ 【答案】B【考点定位】1、复数的模;2、几何概型.【名师点晴】本题主要考查的是复数的模和几何概型,属于中档题.解几何概型的试题,一般先求出实验的基本事件构成的区域长度(面积或体积),再求出事件A 构成的区域长度(面积或体积),最后代入几何概型的概率公式即可.解本题需要掌握的知识点是复数的模和几何概型的概率公式,即若z a bi =+(a 、R b ∈),则,几何概型的概率公式()P A =()()A 构成事件的区域长度面积或体积试验的全部结果所构成的区域长度面积或体积.5.【2018高考陕西,理2】某中学初中部共有110名教师,高中部共有150名教师,其性别比例如图所示,则该校女教师的人数为 ( )A .167B .137C .123D .93【答案】B【解析】该校女老师的人数是()11070%150160%137⨯+⨯-=,故选B . 【考点定位】扇形图.【名师点晴】本题主要考查的是扇形图,属于容易题.解题时一定要抓住重要字眼“女教师”,否则很容易出现错误.扇形统计图是用整个圆表示总数,用圆内各个扇形的大小表示各部分数量占总数的百分数.通过扇形图可以很清晰地表示各部分数量同总数之间的关系.6.【2018高考湖北,理2】我国古代数学名著《九章算术》有“米谷粒分”题:粮仓开仓收粮,有人送来米1534石,验得米内夹谷,抽样取米一把,数得254粒内夹谷28粒,则这批米内夹谷约为( ) A .134石 B .169石 C .338石 D .1365石 【答案】B【解析】依题意,这批米内夹谷约为169153425428=⨯石,选B. 【考点定位】用样本估计总体.【名师点睛】《九章算术》是中国古代第一部数学专著,是算经十书中最重要的一种.该书内容十分丰富,系统总结了战国、秦、汉时期的数学成就.本题“米谷粒分”是我们统计中的用样本估计总体问题.7.【2018高考安徽,理6】若样本数据1x ,2x ,⋅⋅⋅,10x 的标准差为8,则数据121x -,221x -,⋅⋅⋅,1021x -的标准 差为( )(A )8 (B )15 (C )16 (D )32 【答案】C【解析】设样本数据1x ,2x ,⋅⋅⋅,10x 8=,即方差64DX =,而数据121x -,221x -,⋅⋅⋅,1021x -的方差22(21)2264D X DX -==⨯16=.故选C.【考点定位】1.样本的方差与标准差的应用.【名师点睛】已知随机变量X 的均值、方差,求X 的线性函数Y aX b =+的均值、方差和标准差,可直接用X的均值、方差的性质求解.若随机变量X 的均值EX 、方差DX ,则数Y aX b =+的均值aEX b +、方差2a DX 、标准差.8.【2018高考湖北,理4】设211(,)X N μσ,222(,)Y N μσ,这两个正态分布密度曲线如图所示.下列结论中正确的是( )A .21()()P Y P Y μμ≥≥≥B .21()()P X P X σσ≤≤≤C .对任意正数t ,()()P X t P Y t ≤≥≤D .对任意正数t ,()()P X t P Y t ≥≥≥【答案】C【考点定位】正态分布密度曲线. 【名师点睛】正态曲线的性质①曲线在x 轴的上方,与x 轴不相交. ②曲线是单峰的,它关于直线μ=x 对称. ③曲线在μ=x 处达到峰值πσ21.④曲线与x 轴之间的面积为1.⑤当σ一定时,曲线随着μ的变化而沿x 轴平移,如图甲所示⑥μ一定时,曲线的形状由σ确定.σ越大,曲线越“矮胖”,总体分布越分散;σ越小.曲线越“瘦高”.总体分布越集中.如图乙所示.9.【2018高考福建,理4】为了解某社区居民的家庭年收入所年支出的关系,随机调查了该社区5户家庭,得到如下统计数据表:15万元家庭年支出为( )A .11.4万元B .11.8万元C .12.0万元D .12.2万元 【答案】B【解析】由已知得8.28.610.011.311.9105x ++++==(万元), 6.27.58.08.59.885y ++++==(万元),故80.76100.4a =-⨯=,所以回归直线方程为ˆ0.760.4yx =+,当社区一户收入为15万元家庭年支出为ˆ0.76150.411.8y=⨯+=(万元),故选B . 【考点定位】线性回归方程.【名师点睛】本题考查线性回归方程,要正确利用平均数公式计算和理解线性回归方程的意义,属于基础题,要注意计算的准确性.10.【2018高考湖北,理7】在区间[0,1]上随机取两个数,x y ,记1p 为事件“12x y +≥”的概率,2p 为事件“1||2x y -≤”的概率,3p 为事件“12xy ≤”的概率,则 ( )A .123p p p <<B .231p p p <<C .312p p p <<D .321p p p <<【答案】B【解析】因为,[0,1]x y ∈,对事件“12x y +≥”,如图(1)阴影部分1S , 对事件“1||2x y -≤”,如图(2)阴影部分2S , 对为事件“12xy ≤”,如图(3)阴影部分3S , 由图知,阴影部分的面积从下到大依次是132S S S <<,正方形的面积为111=⨯, 根据几何概型公式可得231p p p <<.(1) (2) (3) 【考点定位】几何概型.【名师点睛】对于几何概型的概率公式中的“测度”要有正确的认识,它只与大小有关,而与形状和位置无关,在解题时,要掌握“测度”为长度、面积、体积、角度等常见的几何概型的求解方法.11.【2018高考山东,理8】已知某批零件的长度误差(单位:毫米)服从正态分布()20,3N ,从中随机取 一件,其长度误差落在区间(3,6)内的概率为( )(附:若随机变量ξ服从正态分布()2,N μσ ,则()68.26%P μσξμσ-<<+= ,()2295.44%P μσξμσ-<<+=。
2019高考试题汇编理科数学---概率统计(可编辑修改word版)
答案: (1)略Βιβλιοθήκη (2)略 解答:(1)一轮实验中甲药的得分有三种情况:1、 1、 0 . 得1分时是施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈,则 P( X 1) (1 ) ;
得 1分时是施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈,则 P( X 1) (1 ) ;
束.
(1)求 P( X 2) ;
(2)求事件“ X 4 且甲获胜”的概率.
答案:
(1) 0.5 ;(2) 0.06
解析:
(1) X 2 时,有两种可能: ①甲连赢两局结束比赛,此时 P1 0.5 0.4 0.2 ;
②乙连赢两局结束比赛,此时 P2 0.5 0.6 0.3 ,
p7 p6 p1 46 ,
………………
p2 p1 p1 4 , 以上 7 个式子相加,得到 p8 p1 p1 (47 46 4) ,
则
p8
p1 (1
4
46
47 )
p1
1 48 1 4
48 1 3
p1
,则
p1
3 48 1
,
再把后面三个式子相加,得 p4 p1 p1 (4 42 43 ) ,
2 / 10
则
p4
p1
(1
4
42
43 )
44 1 3
p1
44 1 3
3 48 1
1 44 1
1 257
.
p4 表示“甲药治愈的白鼠比乙药治愈的白鼠多 4 只,且甲药的累计得分为 4”,因为 0.5 , 0.8 , ,则实验结果中“甲药治愈的白鼠比乙药治愈的白鼠多 4 只,且甲药的累计得分为 4”这种情况的概率
2019年高考数学试题分项版—统计概率(解析版)
2019年高考数学试题分项版——统计概率(解析版)一、选择题1.(2019·全国Ⅰ文,6)某学校为了解1 000名新生的身体素质,将这些学生编号为1,2,…,1 000,从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验.若46号学生被抽到,则下面4名学生中被抽到的是()A.8号学生B.200号学生C.616号学生D.815号学生答案 C解析根据题意,系统抽样是等距抽样,所以抽样间隔为=10.因为46除以10余6,所以抽到的号码都是除以10余6的数,结合选项知,616号学生被抽到.2.(2019·全国Ⅱ文,4)生物实验室有5只兔子,其中只有3只测量过某项指标.若从这5只兔子中随机取出3只,则恰有2只测量过该指标的概率为()A. B. C. D.答案 B解析设5只兔子中测量过某项指标的3只为a1,a2,a3,未测量过这项指标的2只为b1,b2,则从5只兔子中随机取出3只的所有可能情况为(a1,a2,a3),(a1,a2,b1),(a1,a2,b2),(a1,a3,b1),(a1,a3,b2),(a1,b1,b2),(a2,a3,b1),(a2,a3,b2),(a2,b1,b2),(a3,b1,b2),共10种可能.其中恰有2只测量过该指标的情况为(a1,a2,b1),(a1,a2,b2),(a1,a3,b1),(a1,a3,b2),(a2,a3,b1),(a2,a3,b2),共6种可能.故恰有2只测量过该指标的概率为=.3.(2019·全国Ⅱ文,5)在“一带一路”知识测验后,甲、乙、丙三人对成绩进行预测.甲:我的成绩比乙高.乙:丙的成绩比我和甲的都高.丙:我的成绩比乙高.成绩公布后,三人成绩互不相同且只有一个人预测正确,那么三人按成绩由高到低的次序为()A.甲、乙、丙B.乙、甲、丙C.丙、乙、甲D.甲、丙、乙答案 A解析由于三人成绩互不相同且只有一个人预测正确.若甲预测正确,则乙、丙预测错误,于是三人按成绩由高到低的次序为甲、乙、丙;若甲预测错误,则甲、乙按成绩由高到低的次序为乙、甲,再假设丙预测正确,则乙、丙按成绩由高到低的次序为丙、乙,于是甲、乙、丙按成绩由高到低排序为丙、乙、甲,从而乙的预测也正确,与事实矛盾;若甲、丙预测错误,则可推出乙的预测也错误.综上所述,三人按成绩由高到低的次序为甲、乙、丙.4.(2019·全国Ⅲ文,3)两位男同学和两位女同学随机排成一列,则两位女同学相邻的概率是()A. B. C. D.答案 D解析设两位男同学分别为A,B,两位女同学分别为a,b,则用“树形图”表示四位同学排成一列所有可能的结果如图所示.由图知,共有24种等可能的结果,其中两位女同学相邻的结果(画“√”的情况)共有12种,故所求概率为=.5.(2019·全国Ⅲ文,4)《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为()A.0.5 B.0.6 C.0.7 D.0.8答案 C解析根据题意阅读过《红楼梦》《西游记》的人数用韦恩图表示如下:所以该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为=0.7. 6.(2019·浙江,7)设0<a<1.随机变量X的分布列是()则当a在(0,1)内增大时,()A.D(X)增大B.D(X)减小C.D(X)先增大后减小D.D(X)先减小后增大答案 D解析由题意可知,E(X)=(a+1),所以D(X)=++==,所以当a在(0,1)内增大时,D(X)先减小后增大.7.(2019·全国Ⅰ理,6)我国古代典籍《周易》用“卦”描述万物的变化,每一“重卦”由从下到上排列的6个爻组成,爻分为阳爻“”和阴爻“——”,如图就是一重卦,在所有重卦中随机取一重卦,则该重卦恰有3个阳爻的概率是()A. B. C. D.答案 A解析由6个爻组成的重卦种数为26=64,在所有重卦中随机取一重卦,该重卦恰有3个阳爻的种数为==20.根据古典概型的概率计算公式得,所求概率P==.故选A. 8.(2019·全国Ⅱ理,5)演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是()A.中位数B.平均数C.方差D.极差答案 A解析记9个原始评分分别为a,b,c,d,e,f,g,h,i(按从小到大的顺序排列),易知e 为7个有效评分与9个原始评分的中位数,故不变的数字特征是中位数,故选A. 9.(2019·全国Ⅲ理,3)《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为()A.0.5 B.0.6 C.0.7 D.0.8答案 C解析根据题意阅读过《红楼梦》《西游记》的人数用韦恩图表示如下:所以该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为=0.7. 10.(2019·全国Ⅲ理,4)(1+2x2)(1+x)4的展开式中x3的系数为()A.12 B.16 C.20 D.24答案 A解析展开式中含x3的项可以由“1与x3”和“2x2与x”的乘积组成,则x3的系数为+2=4+8=12.二、填空题1.(2019·全国Ⅱ文,14)我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为________.答案0.98解析经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为=0.98. 2.(2019·浙江,13)在二项式(+x)9的展开式中,常数项是________,系数为有理数的项的个数是________.答案16 5解析该二项展开式的第k+1项为T k+1=()9-k x k,当k=0时,第1项为常数项,所以常数项为()9=16;当k=1,3,5,7,9时,展开式的项的系数为有理数,所以系数为有理数的项的个数为5.3.(2019·江苏,5)已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是_____________.答案解析数据6,7,8,8,9,10的平均数是=8,则方差是=. 4.(2019·江苏,6)从3名男同学和2名女同学中任选2名同学参加志愿者服务,则选出的2名同学中至少有1名女同学的概率是________.答案解析记3名男同学为A,B,C,2名女同学为a,b,则从中任选2名同学的情况有(A,B),(A,C),(A,a),(A,b),(B,C),(B,a),(B,b),(C,a),(C,b),(a,b),共10种,其中至少有1名女同学的情况有(A,a),(A,b),(B,a),(B,b),(C,a),(C,b),(a,b),共7种,故所求概率为.5.(2019·全国Ⅰ理,15)甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4∶1获胜的概率是________.答案0.18解析记事件M为甲队以4∶1获胜,则甲队共比赛五场,且第五场甲队获胜,前四场甲队胜三场负一场,所以P(M)=0.6×(0.62×0.52×2+0.6×0.4×0.52×2)=0.18.6.(2019·全国Ⅱ理,13)我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为________.答案0.98解析经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为=0.98. 7.(2019·天津理,10)8的展开式中的常数项为________.答案28解析二项展开式的通项T r+1=(2x)8-r r=r·28-r x8-4r,令8-4r=0可得r=2,故常数项为2×26×=28.三、解答题1.(2019·全国Ⅰ文,17)某商场为提高服务质量,随机调查了50名男顾客和50名女顾客,每位顾客对该商场的服务给出满意或不满意的评价,得到下面列联表:(1)分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率;(2)能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异?附:K2=.解(1)由调查数据,男顾客中对该商场服务满意的频率为=0.8,因此男顾客对该商场服务满意的概率的估计值为0.8.女顾客中对该商场服务满意的频率为=0.6,因此女顾客对该商场服务满意的概率的估计值为0.6.(2)K2的观测值k=≈4.762.由于4.762>3.841,故有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异.2.(2019·全国Ⅱ文,19)某行业主管部门为了解本行业中小企业的生产情况,随机调查了100个企业,得到这些企业第一季度相对于前一年第一季度产值增长率y的频数分布表.(1)分别估计这类企业中产值增长率不低于40%的企业比例、产值负增长的企业比例;(2)求这类企业产值增长率的平均数与标准差的估计值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).(精确到0.01)附:≈8.602.解(1)根据产值增长率频数分布表得,所调查的100个企业中产值增长率不低于40%的企业频率为=0.21.产值负增长的企业频率为=0.02.用样本频率分布估计总体分布得这类企业中产值增长率不低于40%的企业比例为21%,产值负增长的企业比例为2%.(2)=×(-0.10×2+0.10×24+0.30×53+0.50×14+0.70×7)=0.30,s2=i(y i-)2=×[(-0.40)2×2+(-0.20)2×24+02×53+0.202×14+0.402×7]=0.029 6,s==0.02×≈0.17.所以,这类企业产值增长率的平均数与标准差的估计值分别为0.30,0.17.3.(2019·全国Ⅲ文,17)为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A,B两组,每组100只,其中A组小鼠给服甲离子溶液,B组小鼠给服乙离子溶液.每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到P(C)的估计值为0.70.(1)求乙离子残留百分比直方图中a,b的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).解(1)由已知得0.70=a+0.20+0.15,故a=0.35.b=1-0.05-0.15-0.70=0.10.(2)甲离子残留百分比的平均值的估计值为2×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05.乙离子残留百分比的平均值的估计值为3×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00.4.(2019·北京文,17)改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生中上个月A,B两种移动支付方式的使用情况,从全校所有的1 000名学生中随机抽取了100人,发现样本中A,B两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A和仅使用B的学生支付金额分布情况如下:(1)估计该校学生中上个月A,B两种支付方式都使用的人数;(2)从样本仅使用B的学生中随机抽取1人,求该学生上个月支付金额大于2 000元的概率;(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用B的学生中随机抽查1人,发现他本月的支付金额大于2 000元.结合(2)的结果,能否认为样本仅使用B的学生中本月支付金额大于2 000元的人数有变化?说明理由.解(1)由题意知,样本中仅使用A的学生有27+3=30(人),仅使用B的学生有24+1=25(人),A,B两种支付方式都不使用的学生有5人.故样本中A,B两种支付方式都使用的学生有100-30-25-5=40(人).估计该校学生中上个月A,B两种支付方式都使用的人数为×1 000=400.(2)记事件C为“从样本仅使用B的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于2 000元”,则P(C)==0.04.(3)记事件E为“从样本仅使用B的学生中随机抽查1人,该学生本月的支付金额大于2 000元”.假设样本仅使用B的学生中,本月支付金额大于2 000元的人数没有变化,则由(2)知,P(E)=0.04.答案示例1:可以认为有变化.理由如下:P(E)比较小,概率比较小的事件一般不容易发生,一旦发生,就有理由认为本月支付金额大于2 000元的人数发生了变化.所以可以认为有变化.答案示例2:无法确定有没有变化.理由如下:事件E是随机事件,P(E)比较小,一般不容易发生,但还是有可能发生的.所以无法确定有没有变化.5.(2019·天津文,15)2019年,我国施行个人所得税专项附加扣除办法,涉及子女教育、继续教育、大病医疗、住房贷款利息或者住房租金、赡养老人等六项专项附加扣除.某单位老、中、青员工分别有72,108,120人,现采用分层抽样的方法,从该单位上述员工中抽取25人调查专项附加扣除的享受情况.(1)应从老、中、青员工中分别抽取多少人?(2)抽取的25人中,享受至少两项专项附加扣除的员工有6人,分别记为A,B,C,D,E,F.享受情况如下表,其中“○”表示享受,“×”表示不享受.现从这6人随机抽取2人接受采访.①试用所给字母列举出所有可能的抽取结果;②设M为事件“抽取的2人享受的专项附加扣除至少有一项相同”,求事件M发生的概率.解(1)由已知得老、中、青员工人数之比为6∶9∶10,由于采用分层抽样的方法从中抽取25位员工,因此应从老、中、青员工中分别抽取6人、9人、10人.(2)①从已知的6人中随机抽取2人的所有可能结果为{A,B},{A,C},{A,D},{A,E},{A,F},{B,C},{B,D},{B,E},{B,F},{C,D},{C,E},{C,F},{D,E},{D,F},{E,F},共15种.②由表格知,符合题意的所有结果为{A,B},{A,D},{A,E},{A,F},{B,D},{B,E},{B,F},{C,E},{C,F},{D,F},{E,F},共11种.所以,事件M发生的概率P(M)=.6.(2019·江苏,22)(10分)设(1+x)n=a0+a1x+a2x2+…+a n x n,n≥4,n∈N*.已知=2a2a4.(1)求n的值;(2)设(1+)n=a+b,其中a,b∈N*,求a2-3b2的值.解(1)因为(1+x)n=+x+x2+…+x n,n≥4,所以a2==,a3==,a4==.因为=2a2a4,所以2=2××.解得n=5.(2)由(1)知,n=5.(1+)n=(1+)5=++()2+()3+()4+()5=a+b.方法一因为a,b∈N*,所以a=+3+9=76,b=+3+9=44,从而a2-3b2=762-3×442=-32.方法二(1-)5=+(-)+(-)2+(-)3+(-)4+(-)5=-+()2-()3+()4-()5.因为a,b∈N*,所以(1-)5=a-b.因此a2-3b2=(a+b)(a-b)=(1+)5×(1-)5=(-2)5=-32.7.(2019·江苏,23)在平面直角坐标系xOy中,设点集A n={(0,0),(1,0),(2,0),…,(n,0)},B n={(0,1),(n,1)},C n={(0,2),(1,2),(2,2),…,(n,2)},n∈N*.令M n=A n∪B n∪C n.从集合M n中任取两个不同的点,用随机变量X表示它们之间的距离.(1)当n=1时,求X的概率分布;(2)对给定的正整数n(n≥3),求概率P(X≤n)(用n表示).解(1)当n=1时,A1={(0,0),(1,0)},B1={(0,1),(1,1)},C1={(0,2),(1,2)},所以M1={(0,0),(1,0),(0,1),(1,1),(0,2),(1,2)}.所以X的所有可能取值是1,,2,.X的概率分布为P(X=1)==,P(X=)==,P(X=2)==,P(X=)==.(2)设A(a,b)和B(c,d)是从M n中取出的两个点.因为P(X≤n)=1-P(X>n),所以仅需考虑X>n的情况.①若b=d,则AB≤n,不存在X>n的取法;②若b=0,d=1,则AB=≤,所以当且仅当AB=时X>n,此时a=0,c=n或a=n,c=0,有2种取法;③若b=0,d=2,则AB=≤,因为当n≥3时,≤n,所以当且仅当AB=时X>n,此时a=0,c=n或a=n,c=0,有2种取法;④若b=1,d=2,则AB=≤,所以当且仅当AB=时X>n,此时a=0,c=n或a=n,c=0,有2种取法.综上,当X>n时,X的所有可能取值是和,且P(X=)=,P(X=)=.因此,P(X≤n)=1-P(X=)-P(X=)=1-.8.(2019·全国Ⅰ理,21)为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得-1分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得-1分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X.(1)求X的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,p i(i=0,1,…,8)表示“甲药的累计得分为i时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则p0=0,p8=1,p i=ap i-1+bp i+cp i+1(i=1,2,…,7),其中a=P(X=-1),b=P(X=0),c=P(X=1).假设α=0.5,β=0.8.(ⅰ)证明:{p i+1-p i}(i=0,1,2,…,7)为等比数列;(ⅱ)求p4,并根据p4的值解释这种试验方案的合理性.(1)解X的所有可能取值为-1,0,1.P(X=-1)=(1-α)β,P(X=0)=αβ+(1-α)(1-β),P(X=1)=α(1-β).所以X的分布列为(2)(ⅰ)证明由(1)得a=0.4,b=0.5,c=0.1.因此p i=0.4p i-1+0.5p i+0.1p i+1,故0.1(p i+1-p i)=0.4(p i-p i-1),即p i+1-p i=4(p i-p i-1).又因为p1-p0=p1≠0,所以{p i+1-p i}(i=0,1,2,…,7)为公比为4,首项为p1的等比数列.(ⅱ)解由(ⅰ)可得p8=p8-p7+p7-p6+…+p1-p0+p0=(p8-p7)+(p7-p6)+…+(p1-p0)=p1.由于p8=1,故p1=,所以p4=(p4-p3)+(p3-p2)+(p2-p1)+(p1-p0)=p1=.p4表示题干中的实验方案最终认为甲药更有效的概率.由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时,认为甲药更有效的概率为p4=≈0.003 9,此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.9.(2019·全国Ⅱ理,18)11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10∶10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10∶10平后,甲先发球,两人又打了X个球该局比赛结束.(1)求P(X=2);(2)求事件“X=4且甲获胜”的概率.解(1)X=2就是10∶10平后,两人又打了2个球该局比赛结束,则这2个球均由甲得分,或者均由乙得分.因此P(X=2)=0.5×0.4+(1-0.5)×(1-0.4)=0.5.(2)X=4且甲获胜,就是10∶10平后,两人又打了4个球该局比赛结束,且这4个球的得分情况为:前两球是甲、乙各得1分,后两球均为甲得分.因此所求概率为P=[0.5×(1-0.4)+(1-0.5)×0.4]×0.5×0.4=0.1.10.(2019·全国Ⅲ理,17)为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A,B两组,每组100只,其中A组小鼠给服甲离子溶液,B组小鼠给服乙离子溶液.每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到P(C)的估计值为0.70.(1)求乙离子残留百分比直方图中a,b的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).解(1)由已知得0.70=a+0.20+0.15,故a=0.35.b=1-0.05-0.15-0.70=0.10.(2)甲离子残留百分比的平均值的估计值为2×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05.乙离子残留百分比的平均值的估计值为3×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00.11.(2019·北京理,17)(13分)改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A,B两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A,B两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A和仅使用B的学生的支付金额分布情况如下:(Ⅱ)从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人,以X表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X的分布列和数学期望;(Ⅲ)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.【思路分析】(Ⅰ)从全校所有的1000名学生中随机抽取的100人中,A,B两种支付方式都不使用的有5人,仅使用A的有30人,仅使用B的有25人,从而A,B两种支付方式都使用的人数有40人,由此能求出从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A,B两种支付方式都使用的概率.(Ⅱ)从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人,以X表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,则X的可能取值为0,1,2,分别求出相应的概率,由此能求出X的分布列和数学期望()E X.(Ⅲ)从样本仅使用A的学生有30人,其中27人月支付金额不大于2000元,有3人月支付金额大于2000元,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元的概率为3 3 3 301 4060CpC==,不能认为认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化.【解析】:(Ⅰ)由题意得:从全校所有的1000名学生中随机抽取的100人中,A,B两种支付方式都不使用的有5人,仅使用A的有30人,仅使用B的有25人,A∴,B两种支付方式都使用的人数有:1005302540---=,∴从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A,B两种支付方式都使用的概率400.4100p==.(Ⅱ)从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人,以X表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,则X的可能取值为0,1,2,样本仅使用A的学生有30人,其中支付金额在(0,1000]的有18人,超过1000元的有12人,样本仅使用B的学生有25人,其中支付金额在(0,1000]的有10人,超过1000元的有15人,18101806(0)302575025P X==⨯==,1815121039013(1)3025302575025P X==⨯+⨯==,12151806(2)302575025P X ==⨯==, X ∴的分布列为:数学期望()0121252525E X =⨯+⨯+⨯=. (Ⅲ)不能认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化, 理由如下:从样本仅使用A 的学生有30人,其中27人月支付金额不大于2000元,有3人月支付金额大于2000元,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元的概率为3333014060C p C ==,虽然概率较小,但发生的可能性为14060. 故不能认为认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化. 【归纳与总结】本题考查概率、离散型随机变量的分布列、数学期望的求法,考查古典概型、相互独立事件概率乘法公式等基础知识,考查推理能力与计算能力,是中档题.12.(2019·天津理,16)设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为,假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(1)用X 表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X 的分布列和数学期望;(2)设M 为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M 发生的概率.解 (1)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立,且每天7:30之前到校的概率均为 ,故X ~B ,从而P (X =k )= k3-k ,k =0,1,2,3. 所以,随机变量X 的分布列为随机变量X 的数学期望E (X )=3×=2. (2)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为Y ,则Y ~B,且M ={X =3,Y =1}∪{X =2,Y =0}.由题意知事件{X =3,Y =1}与{X =2,Y =0}互斥,且事件{X =3}与{Y=1},事件{X=2}与{Y=0}均相互独立,从而由(1)知P(M)=P({X=3,Y=1}∪{X=2,Y=0})=P({X=3,Y=1})+P({X=2,Y=0})=P({X=3})P({Y=1})+P({X=2})P({Y=0})=×+×=.。
2019年高考真题和模拟题分项汇编数学(理) 专题10 概率与统计 含答案解析
专题10 概率与统计1.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为 A .0.5 B .0.6 C .0.7D .0.8【答案】C【解析】由题意得,阅读过《西游记》的学生人数为90-80+60=70,则其与该校学生人数之比为70÷100=0.7.故选C .【名师点睛】本题考查抽样数据的统计,渗透了数据处理和数学运算素养.采取去重法,利用转化与化归思想解题.2.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是 A .中位数 B .平均数 C .方差D .极差 【答案】A【解析】设9位评委评分按从小到大排列为123489x x x x x x <<<<<.则①原始中位数为5x ,去掉最低分1x ,最高分9x 后剩余2348x x x x <<<<,中位数仍为5x ,A 正确;②原始平均数1234891()9x x x x x x x =<<<<<,后来平均数23481()7x x x x x '=<<<,平均数受极端值影响较大,∴x 与x '不一定相同,B 不正确; ③2222111[()()()]9q S x x x x x x =-+-++-,22222381[()()()]7s x x x x x x '=-'+-'++-',由②易知,C不正确;④原极差91x x =-,后来极差82x x =-,显然极差变小,D 不正确.故选A . 3.【2019年高考浙江卷】设0<a <1,则随机变量X 的分布列是333则当a 在(0,1)内增大时, A .()D X 增大B .()D X 减小C .()D X 先增大后减小D .()D X 先减小后增大【答案】D【分析】研究方差随a 变化的增大或减小规律,常用方法就是将方差用参数a 表示,应用函数知识求解.本题根据方差与期望的关系,将方差表示为a 的二次函数,二次函数的图象和性质解题.题目有一定综合性,注重重要知识、基础知识、运算求解能力的考查. 【解析】方法1:由分布列得1()3aE X +=, 则2222111111211()(0)()(1)()333333926a a a D X a a +++=-⨯+-⨯+-⨯=-+, 则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .方法2:则222221(1)222213()()()0[()]3399924a a a a D X E X E X a +-+=-=++-==-+,则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .【名师点睛】易出现的错误有,一是数学期望、方差以及二者之间的关系掌握不熟,无从着手;二是计算能力差,不能正确得到二次函数表达式.4.【2019年高考江苏卷】已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是______________. 【答案】53【解析】由题意,该组数据的平均数为678891086+++++=,所以该组数据的方差是22222215[(68)(78)(88)(88)(98)(108)]63-+-+-+-+-+-=. 5.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为______________. 【答案】0.98【分析】本题考查通过统计数据进行概率的估计,采取估算法,利用概率思想解题.【解析】由题意得,经停该高铁站的列车正点数约为100.97200.98100.9939.2⨯+⨯+⨯=,其中高铁个数为10201040++=,所以该站所有高铁平均正点率约为39.20.9840=. 【名师点睛】本题考查了概率统计,渗透了数据处理和数学运算素养,侧重统计数据的概率估算,难度不大.易忽视概率的估算值不是精确值而失误,根据分类抽样的统计数据,估算出正点列车数量与列车总数的比值. 6.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4∶1获胜的概率是______________. 【答案】0.18【分析】本题应注意分情况讨论,即前五场甲队获胜的两种情况,应用独立事件的概率的计算公式求解.题目有一定的难度,注重了基础知识、基本计算能力及分类讨论思想的考查.【解析】前四场中有一场客场输,第五场赢时,甲队以4:1获胜的概率是30.60.50.520.108,⨯⨯⨯=前四场中有一场主场输,第五场赢时,甲队以4:1获胜的概率是220.40.60.520.072,⨯⨯⨯=综上所述,甲队以4:1获胜的概率是0.1080.0720.18.q =+=【名师点睛】由于本题题干较长,所以,易错点之一就是能否静心读题,正确理解题意;易错点之二是思维的全面性是否具备,要考虑甲队以4:1获胜的两种情况;易错点之三是是否能够准确计算.7.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A ,B 两组,每组100只,其中A 组小鼠给服甲离子溶液,B 组小鼠给服乙离子溶液,每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C 为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到P (C )的估计值为0.70. (1)求乙离子残留百分比直方图中a ,b 的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表). 【答案】(1)a =0.35,b =0.10;(2)甲、乙离子残留百分比的平均值的估计值分别为4.05,6.00. 【解析】(1)由已知得0.70=a +0.20+0.15,故a =0.35. b =1–0.05–0.15–0.70=0.10.(2)甲离子残留百分比的平均值的估计值为 2×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05. 乙离子残留百分比的平均值的估计值为3×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00.8.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10:10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后,甲先发球,两人又打了X 个球该局比赛结束.(1)求P (X =2);(2)求事件“X =4且甲获胜”的概率. 【答案】(1)0.5;(2)0.1.【解析】(1)X =2就是10∶10平后,两人又打了2个球该局比赛结束, 则这2个球均由甲得分,或者均由乙得分. 因此P (X =2)=0.5×0.4+(1–0.5)×(1–0.4)=0.5.(2)X =4且甲获胜,就是10∶10平后,两人又打了4个球该局比赛结束, 且这4个球的得分情况为:前两球是甲、乙各得1分,后两球均为甲得分. 因此所求概率为[0.5×(1–0.4)+(1–0.5)×0.4]×0.5×0.4=0.1. 9.【2019年高考天津卷理数】设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为23.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(1)用X 表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X 的分布列和数学期望; (2)设M 为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M 发生的概率.【答案】(1)分布列见解析,()2E X =;(2)20243. 【分析】本小题主要考查离散型随机变量的分布列与数学期望,互斥事件和相互独立事件的概率计算公式等基础知识.考查运用概率知识解决简单实际问题的能力.满分13分.【解析】(1)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立,且每天7:30之前到校的概率均为23,故2~(3,)3X B ,从而3321()C ()(),0,1,2,333kkkP X k k -===.所以,随机变量X 的分布列为随机变量X 的数学期望()323E X =⨯=. (2)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为Y , 则2~(3,)3Y B ,且{3,1}{2,0}M X Y X Y =====. 由题意知事件{3,1}X Y ==与{2,0}X Y ==互斥,且事件{3}X =与{1}Y =,事件{2}X =与{0}Y =均相互独立, 从而由(1)知()({3,1}{2,0})P M P X Y X Y =====(3,1)(2,0)P X Y P X Y ===+== (3)(1)(2)(0)P X P Y P X P Y ===+==824120279927243=⨯+⨯=. 10.【2019年高考北京卷理数】改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布情况如下:(1)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率;(2)从样本仅使用A 和仅使用B 的学生中各随机抽取1人,以X 表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X 的分布列和数学期望;(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A 的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.【答案】(1)0.4;(2)分布列见解析,E (X )=1;(3)见解析.【解析】(1)由题意知,样本中仅使用A 的学生有18+9+3=30人,仅使用B 的学生有10+14+1=25人,A ,B 两种支付方式都不使用的学生有5人.故样本中A ,B 两种支付方式都使用的学生有100−30−25−5=40人.所以从全校学生中随机抽取1人,该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率估计为400.4100=. (2)X 的所有可能值为0,1,2.记事件C 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”,事件D 为“从样本仅使用B 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”.由题设知,事件C ,D 相互独立,且93141()0.4,()0.63025P C P D ++====. 所以(2)()()()0.24P X P CD P C P D ====,(1)()P X P CD CD == ()()()()P C P D P C P D =+ 0.4(10.6)(10.4)0.6=⨯-+-⨯0.52=,(0)()()()0.24P X P CD P C P D ====.所以X 的分布列为X 0 1 2 P0.240.520.24故X 的数学期望()00.2410.5220.241E X =⨯+⨯+⨯=.(3)记事件E 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽查3人,他们本月的支付金额都大于2000元”. 假设样本仅使用A 的学生中,本月支付金额大于2000元的人数没有变化, 则由上个月的样本数据得33011()C 4060P E ==. 答案示例1:可以认为有变化. 理由如下:P (E )比较小,概率比较小的事件一般不容易发生.一旦发生,就有理由认为本月的支付金额大于2000元的人数发生了变化,所以可以认为有变化. 答案示例2:无法确定有没有变化.理由如下: 事件E 是随机事件,P (E )比较小,一般不容易发生, 但还是有可能发生的,所以无法确定有没有变化.11.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得1-分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得1-分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (1)求X 的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,(0,1,,8)i p i =表示“甲药的累计得分为i 时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则00p =,81p =,11i i i i p ap bp cp -+=++(1,2,,7)i =,其中(1)a P X ==-,(0)b P X ==,(1)c P X ==.假设0.5α=,0.8β=.(i)证明:1{}i i p p +-(0,1,2,,7)i =为等比数列;(ii)求4p ,并根据4p 的值解释这种试验方案的合理性. 【答案】(1)分布列见解析;(2)(i)证明见解析,(ii) 45 127p =,解释见解析. 【解析】X 的所有可能取值为1,0,1-.(1)(1)P X αβ=-=-,(0)(1)(1)P X αβαβ==+--, (1)(1)P X αβ==-,所以X 的分布列为(2)(i )由(1)得0.4,0.5,0.1a b c ===.因此110.40.5 0.1i i i i p p p p -+=++,故110.1()0.4()i i i i p p p p +--=-, 即114()i i i i p p p p +--=-. 又因为1010p p p -=≠, 所以1{}(0,1,2,,7)i i p p i +-=为公比为4,首项为1p 的等比数列.(ii )由(i )可得88776100p p p p p p p p =-+-++-+877610()()()p p p p p p =-+-++-81413p -=.由于8=1p ,故18341p =-,所以44433221101( 411()327)(5())p p p p p p p p p p -=-+-+-+=-=. 4p 表示最终认为甲药更有效的概率,由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时, 认为甲药更有效的概率为410.0039257p =≈, 此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.12.【广西桂林市、崇左市2019届高三下学期二模联考】在某项测试中,测量结果ξ服从正态分布2(1,)(0)N σσ>,若(01)0.4P ξ<<=,则(02)P ξ<<= A .0.4 B .0.8 C .0.6D .0.2【答案】B【解析】由正态分布的图象和性质得(02)2(01)20.40.8P P ξξ<<=<<=⨯=.故选B .【名师点睛】本题主要考查正态分布的图象和性质,考查正态分布指定区间的概率的求法,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.13.【河南省洛阳市2019届高三第三次统一考试】已知某地区中小学生人数和近视情况分别如图甲和图乙所示.为了了解该地区中小学生的近视形成原因,用分层抽样的方法抽取2%的学生进行调查,则样本容量和抽取的高中生近视人数分别为A .100,10B .100,20C .200,10D .200,20【答案】D【解析】由题得样本容量为(350020004500)2%100002%200++⨯=⨯=, 抽取的高中生人数为20002%40⨯=人,则近视人数为400.520⨯=人,故选D .14.【陕西省2019届高三年级第三次联考】同时抛掷2枚质地均匀的硬币4次,设2枚硬币均正面向上的次数为X ,则X 的数学期望是 A .1B .2C .32D .52【答案】A【分析】先计算依次同时抛掷2枚质地均匀的硬币,恰好出现2枚正面向上的概率,进而利用二项分布求数学期望即可.【解析】∵一次同时抛掷2枚质地均匀的硬币,恰好出现2枚正面向上的概率为111224⨯=, ∴1~(4,)4X B ,∴1()414E X =⨯=.故选A . 【名师点睛】求离散型随机变量期望的一般方法是先求分布列,再求期望.如果离散型随机变量服从二项分布~(,)B n p ,也可以直接利用公式()E np ξ=求数学期望.15.【江西省新八校2019届高三第二次联考】某学校高一年级1802人,高二年级1600人,高三年级1499人,先采用分层抽样的方法从中抽取98名学生参加全国中学生禁毒知识竞赛,则在高一、高二、高三三个年级中抽取的人数分别为 A .35,33,30 B .36,32,30 C .36,33,29D .35,32,31【答案】B【分析】先将各年级人数凑整,从而可确定抽样比;再根据抽样比计算得到各年级抽取人数. 【解析】先将每个年级的人数凑整,得高一:1800人,高二:1600人,高三:1500人,则三个年级的总人数所占比例分别为1849,1649,1549, 因此,各年级抽取人数分别为18983649⨯=,16983249⨯=,15983049⨯=,故选B . 16.【浙江省三校2019年5月第二次联考】已知甲口袋中有3个红球和2个白球,乙口袋中有2个红球和3个白球,现从甲、乙口袋中各随机取出一个球并相互交换,记交换后甲口袋中红球的个数为ξ,则()E ξ=A .145 B .135 C .73D .83【答案】A【分析】先求出ξ的可能取值及取各个可能取值时的概率,再利用1122()i i E p p p ξξξξ=++++可求得数学期望.【解析】ξ的可能取值为2,3,4,2ξ=表示从甲口袋中取出一个红球,从乙口袋中取出一个白球,故339(2)5525P ξ==⨯=;3ξ=表示从甲、乙口袋中各取出一个红球,或从甲、乙口袋中各取出一个白球,故322312(3)555525P ξ==⨯+⨯=;4ξ=表示从甲口袋中取出一个白球,从乙口袋中取出一个红球,故224(4)5525P ξ==⨯=,所以912414()2342525255E ξ=⨯+⨯+⨯=.故选A .17.【福建省泉州市2019届高三第二次(5月)质检】已知某样本的容量为50,平均数为70,方差为75.现发现在收集这些数据时,其中的两个数据记录有误,一个错将80记录为60,另一个错将70记录为90.在对错误的数据进行更正后,重新求得样本的平均数为x ,方差为2s ,则 A .270,75x s =< B .270,75x s => C .270,75x s ><D .270,75x s ><【答案】A【分析】分别根据数据的平均数和方差的计算公式,求得2,x s 的值,即可得到答案.【解析】由题意,可得7050806070907050x ⨯+-+-==,设收集的48个准确数据分别记为1248,,,x x x ,则222221248175[(70)(70)(70)(6070)(9070)]50x x x =-+-++-+-+-22212481[(70)(70)(70)500]50x x x =-+-++-+, 22222212481[(70)(70)(70)(8070)(7070)]50s x x x =-+-++-+-+-22212481[(70)(70)(70)100]7550x x x =-+-++-+<, 所以275s <.故选A .【名师点睛】本题主要考查了数据的平均数和方差的计算公式的应用,其中解答中熟记数据的平均数和方差的公式,合理准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,是基础题.18.【广东省汕头市2019届高三第二次模拟考试(B 卷)】在某次高中学科竞赛中,4000名考生的参赛成绩统计如图所示,60分以下视为不及格,若同一组中数据用该组区间中点作代表,则下列说法中有误的是A .成绩在[70,80]分的考生人数最多B .不及格的考生人数为1000人C .考生竞赛成绩的平均分约70.5分D .考生竞赛成绩的中位数为75分【答案】D【解析】由频率分布直方图可得,成绩在[70,80]的频率最高,因此考生人数最多,故A 正确;由频率分布直方图可得,成绩在[40,60)的频率为0.25,因此,不及格的人数为40000.251000⨯=,故B 正确;由频率分布直方图可得:平均分等于450.1550.15650.2750.3850.15⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+950.170.5⨯=,故C 正确;因为成绩在[40,70)的频率为0.45,由[70,80]的频率为0.3,所以中位数为0.05701071.670.3+⨯≈,故D 错误.故选D .19.【天津市南开中学2019届高三模拟试题】《中国诗词大会》是央视推出的一档以“赏中华诗词,寻文化基因,品生活之美”为宗旨的大型文化类竞赛节目,邀请全国各个年龄段、各个领域的诗词爱好者共同参与诗词知识比拼.“百人团”由一百多位来自全国各地的选手组成,成员上至古稀老人,下至垂髫小儿,人数按照年龄分组统计如下表:(1)用分层抽样的方法从“百人团”中抽取6人参加挑战,求从这三个不同年龄组中分别抽取的挑战者的人数; (2)在(1)中抽出的6人中,任选2人参加一对一的对抗比赛,求这2人来自同一年龄组的概率. 【答案】(1)1,3,2;(2)415. 【分析】(1)先求出样本容量与总体个数的比,由此利用分层抽样的方法能求出从这三个不同年龄组中分别抽取的挑战者的人数;(2)从分层抽样的方法从“百人团”中抽取6人参加挑战,这三个不同年龄组[7,20),[20,40),[40,80)中分别抽取的挑战者的人数分别为1,3,2.从抽出的6人中,任选2人参加一对一的对抗比赛,基本事件总数26C 15n ==,这2人来自同一年龄组包含的基本事件个数为2232C C 4m =+=,由此能求出这2人来自同一年龄组的概率.【解析】(1)∵样本容量与总体个数的比是6110818=, ∴样本中包含3个年龄段落的个体数分别是:年龄在[7,20)的人数为6108⨯18=1, 年龄在[20,40)的人数为6108⨯54=3, 年龄在[40,80)的人数为6108⨯36=2, ∴从这三个不同年龄组[7,20),[20,40),[40,80)中分别抽取的挑战者的人数分别为1,3,2. (2)从分层抽样的方法从“百人团”中抽取6人参加挑战,这三个不同年龄组[7,20),[20,40),[40,80)中分别抽取的挑战者的人数分别为1,3,2.从抽出的6人中,任选2人参加一对一的对抗比赛,基本事件总数为26C 15n ==, 这2人来自同一年龄组包含的基本事件个数为2232C C 4m =+=,∴这2人来自同一年龄组的概率415m P n ==. 20.【2019北京市通州区三模】为调查某公司五类机器的销售情况,该公司随机收集了一个月销售的有关数据,公司规定同一类机器销售价格相同,经分类整理得到下表:利润率是指:一台机器销售价格减去出厂价格得到的利润与该机器销售价格的比值. (1)从该公司本月卖出的机器中随机选一台,求这台机器利润率高于0.2的概率;(2)从该公司本月卖出的销售单价为20万元的机器中随机选取2台,求这两台机器的利润率不同的概率; (3)假设每类机器利润率不变,销售一台第一类机器获利1x 万元,销售一台第二类机器获利2x 万元,…,销售一台第五类机器获利5x ,依据上表统计数据,随机销售一台机器获利的期望为()E x ,设123455x x x x x x ++++=,试判断()E x 与x 的大小.(结论不要求证明) 【答案】(1)13;(2)1021;(3)()E x x <. 【分析】(1)先由题意确定,本月卖出机器的总数,再确定利润率高于0.2的机器总数,即可得出结果;(2)先由题意确定,销售单价为20万元的机器分别:是第一类有5台,第三类有10台,共有15台,记两台机器的利润率不同为事件B ,由11510215C C ()C P B =即可结果;(3)先由题意确定,x 可能取的值,求出对应概率,进而可得出()E x ,再由123455x x x x x x ++++=求出均值,比较大小,即可得出结果.【解析】(1)由题意知,本月共卖出30台机器, 利润率高于0.2的是第一类和第四类,共有10台. 设“这台机器利润率高于0.2”为事件A ,则101()303P A ==. (2)用销售总额除以销售量得到机器的销售单价,可知第一类与第三类的机器销售单价为20万,第一类有5台,第三类有10台,共有15台,随机选取2台有215C 种不同方法, 两台机器的利润率不同则每类各取一台有11510C C 种不同方法,设两台机器的利润率不同为事件B ,则11510215C C 10()C 21P B ==. (3)由题意可得,x 可能取的值为8,5,3,1051(8)306P x ===,21(5)3015P x ===, 1083(3)305P x +===,51(10)306P x ===,因此113177853*******(55)E x =⨯+⨯+⨯+⨯=;又8531032955x ++++==,所以()E x x <.21.【江西省新八校2019届高三第二次联考】某种水果按照果径大小可分为四类:标准果、优质果、精品果、礼品果.某采购商从采购的一批水果中随机抽取100个,利用水果的等级分类标准得到的数据如下:(1)若将频率是为概率,从这100个水果中有放回地随机抽取4个,求恰好有2个水果是礼品果的概率;(结果用分数表示)(2)用样本估计总体,果园老板提出两种购销方案给采购商参考, 方案1:不分类卖出,单价为20元/kg . 方案2:分类卖出,分类后的水果售价如下:从采购单的角度考虑,应该采用哪种方案?(3)用分层抽样的方法从这100个水果中抽取10个,再从抽取的10个水果中随机抽取3个,X 表示抽取的是精品果的数量,求X 的分布列及数学期望()E X . 【答案】(1)96625;(2)第一种方案;(3)分布列见解析,6()5E X =. 【分析】(1)计算出从100个水果中随机抽取一个,抽到礼品果的概率;则可利用二项分布的概率公式求得所求概率;(2)计算出方案2单价的数学期望,与方案1的单价进行比较,选择单价较低的方案;(3)根据分层抽样原则确定抽取的10个水果中,精品果4个,非精品果6个;则X 服从超几何分布,利用超几何分布的概率计算公式可得到每个X 取值对应的概率,从而可得分布列;再利用数学期望的计算公式求得结果. 【解析】(1)设从100个水果中随机抽取一个,抽到礼品果的事件为A ,则201()1005P A ==, 现有放回地随机抽取4个,设抽到礼品果的个数为X ,则1~(4,)5X B , 所以恰好抽到2个礼品果的概率为22244196(2)C ()()55625P X ===, (2)设方案2的单价为ξ,则单价的期望值为134216548848()1618222420.61010101010E ξ+++=⨯+⨯+⨯+⨯==, 因为()20E ξ>,所以从采购商的角度考虑,应该采用第一种方案. (3)用分层抽样的方法从100个水果中抽取10个,则其中精品果4个,非精品果6个, 现从中抽取3个,则精品果的数量X 服从超几何分布,所有可能的取值为0,1,2,3,则36310C 1(0)C 6P X ===;2164310C C 1(1)C 2P X ===; 1264310C C 3(2)C 10P X ===;34310C 1(3)C 30P X ===,所以X 的分布列如下:所以()01236210305E X =⨯+⨯+⨯+⨯= 【名师点睛】本题考查二项分布求解概率、数学期望的实际应用、超几何分布的分布列与数学期望的求解问题,关键是能够根据抽取方式确定随机变量所服从的分布类型,从而可利用对应的概率公式求解出概率.。
2019年高考试题分类汇编:概率(文)
(Ⅱ) 记 A 为事件 “一位顾客一次购物的结算时间不超过
2 分钟”, A1, A2 , A3 分别表示事件
“该顾客一次购物的结算时间为 1 分钟”, “该顾客一次购物的结算时间为
顾客一次购物的结算时间为 2 分钟” .将频率视为概率,得
15 3
30 3
25 1
P( A1)
, P( A2 )
, P( A3 )
【答案】
( xn x)2 ] ,其中 x 为数据 x1, x2 , , xn 的平均数)
13.【2019 高考湖南文 17】(本小题满分 12 分) 某超市为了解顾客的购物量及结算时间等信息,安排一名员工随机收集了在该超市购物的
100 位顾客的相关数据,如下表所示 .
一次购物量
1 至 4 件 5 至 8 件 9 至 12 件
( 2)2(1)2 ( 2)2(1)2 1 4 3 2 3 2 3 27
17.【2019 高考天津文科 15】(本小题满分 13 分) 某地区有小学 21 所,中学 14 所,大学 7 所,现采取分层抽样的方法从这些学校中抽取
6 所学校对学生进行视力调查。 ( I)求应从小学、中学、大学中分别抽取的学校数目。 ( II)若从抽取的 6 所学校中随机抽取 2 所学校做进一步数据分析, (1)列出所有可能的抽取结果; (2)求抽取的 2 所学校均为小学的概率。 【答案】
有 3 条棱,
∴共有 8C32 对相交棱。
∴ P(
0)=
8C32 C122
83 4 。
66 11
(2)若两条棱平行,则它们的距离为 1 或 2 ,其中距离为 2 的共有 6 对,
∴
P(
2)=
6 C122
(完整版)2019高考分类汇编-概率与统计(原卷版)
概率与统计1.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为 A .0.5 B .0.6 C .0.7D .0.82.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是 A .中位数 B .平均数 C .方差D .极差3.【2019年高考浙江卷】设0<a <1,则随机变量X 的分布列是Xa 1P131313则当a 在(0,1)内增大时, A .()D X 增大B .()D X 减小C .()D X 先增大后减小D .()D X 先减小后增大4.【2019年高考江苏卷】已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是______________. 5.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为______________.6.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4∶1获胜的概率是______________.7.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将200只小鼠随机分成A,B两组,每组100只,其中A组小鼠给服甲离子溶液,B组小鼠给服乙离子溶液,每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:记C为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”,根据直方图得到P(C)的估计值为0.70.(1)求乙离子残留百分比直方图中a,b的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表).8.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10:10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后,甲先发球,两人又打了X个球该局比赛结束.(1)求P(X=2);(2)求事件“X=4且甲获胜”的概率.9.【2019年高考天津卷理数】设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为23.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(1)用X表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X的分布列和数学期望;(2)设M为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M发生的概率.10.【2019年高考北京卷理数】改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A,B两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A,B两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A和仅使用B的学生的支付金额分布情况如下:支付金额(元)(0,1000](1000,2000]大于2000支付方式仅使用A18人9人3人仅使用B10人14人1人(1)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A,B两种支付方式都使用的概率;(2)从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人,以X表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X的分布列和数学期望;(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.11.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得1-分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得1-分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (1)求X 的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,(0,1,,8)i p i =L 表示“甲药的累计得分为i 时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则00p =,81p =,11i i i i p ap bp cp -+=++(1,2,,7)i =L ,其中(1)a P X ==-,(0)b P X ==,(1)c P X ==.假设0.5α=,0.8β=.(i)证明:1{}i i p p +-(0,1,2,,7)i =L 为等比数列; (ii)求4p ,并根据4p 的值解释这种试验方案的合理性.优质模拟试题12.【广西桂林市、崇左市2019届高三下学期二模联考】在某项测试中,测量结果ξ服从正态分布2(1,)(0)N σσ>,若(01)0.4P ξ<<=,则(02)P ξ<<=A .0.4B .0.8C .0.6D .0.213.【河南省洛阳市2019届高三第三次统一考试】已知某地区中小学生人数和近视情况分别如图甲和图乙所示.为了了解该地区中小学生的近视形成原因,用分层抽样的方法抽取2%的学生进行调查,则样本容量和抽取的高中生近视人数分别为A .100,10B .100,20C .200,10D .200,2014.【陕西省2019届高三年级第三次联考】同时抛掷2枚质地均匀的硬币4次,设2枚硬币均正面向上的次数为X ,则X 的数学期望是 A .1B .2C .32D .5215.【江西省新八校2019届高三第二次联考】某学校高一年级1802人,高二年级1600人,高三年级1499人,先采用分层抽样的方法从中抽取98名学生参加全国中学生禁毒知识竞赛,则在高一、高二、高三三个年级中抽取的人数分别为 A .35,33,30 B .36,32,30 C .36,33,29D .35,32,3116.【浙江省三校2019年5月第二次联考】已知甲口袋中有3个红球和2个白球,乙口袋中有2个红球和3个白球,现从甲、乙口袋中各随机取出一个球并相互交换,记交换后甲口袋中红球的个数为ξ,则()E ξ=A .145 B .135 C .73D .8317.【福建省泉州市2019届高三第二次(5月)质检】已知某样本的容量为50,平均数为70,方差为75.现发现在收集这些数据时,其中的两个数据记录有误,一个错将80记录为60,另一个错将70记录为90.在对错误的数据进行更正后,重新求得样本的平均数为x ,方差为2s ,则 A .270,75x s =< B .270,75x s => C .270,75x s ><D .270,75x s ><18.【广东省汕头市2019届高三第二次模拟考试(B 卷)】在某次高中学科竞赛中,4000名考生的参赛成绩统计如图所示,60分以下视为不及格,若同一组中数据用该组区间中点作代表,则下列说法中有误的是A .成绩在[70,80]分的考生人数最多B .不及格的考生人数为1000人C .考生竞赛成绩的平均分约70.5分D .考生竞赛成绩的中位数为75分19.【天津市南开中学2019届高三模拟试题】《中国诗词大会》是央视推出的一档以“赏中华诗词,寻文化基因,品生活之美”为宗旨的大型文化类竞赛节目,邀请全国各个年龄段、各个领域的诗词爱好者共同参与诗词知识比拼.“百人团”由一百多位来自全国各地的选手组成,成员上至古稀老人,下至垂髫小儿,人数按照年龄分组统计如下表:分组(年龄) [7,20) [20,40) [40,80)频数(人)18 54 36(1)用分层抽样的方法从“百人团”中抽取6人参加挑战,求从这三个不同年龄组中分别抽取的挑战者的人数;(2)在(1)中抽出的6人中,任选2人参加一对一的对抗比赛,求这2人来自同一年龄组的概率.20.【2019北京市通州区三模】为调查某公司五类机器的销售情况,该公司随机收集了一个月销售的有关数据,公司规定同一类机器销售价格相同,经分类整理得到下表:机器类型 第一类第二类第三类第四类第五类销售总额(万元) 100 50 200 200 120 销售量(台) 521058利润率0.4 0.2 0.15 0.250.2利润率是指:一台机器销售价格减去出厂价格得到的利润与该机器销售价格的比值. (1)从该公司本月卖出的机器中随机选一台,求这台机器利润率高于0.2的概率;(2)从该公司本月卖出的销售单价为20万元的机器中随机选取2台,求这两台机器的利润率不同的概率;(3)假设每类机器利润率不变,销售一台第一类机器获利1x 万元,销售一台第二类机器获利2x 万元,…,销售一台第五类机器获利5x ,依据上表统计数据,随机销售一台机器获利的期望为()E x ,设123455x x x x x x ++++=,试判断()E x 与x 的大小.(结论不要求证明)21.【江西省新八校2019届高三第二次联考】某种水果按照果径大小可分为四类:标准果、优质果、精品果、礼品果.某采购商从采购的一批水果中随机抽取100个,利用水果的等级分类标准得到的数据如下:等级标准果优质果精品果礼品果个数10304020(1)若将频率是为概率,从这100个水果中有放回地随机抽取4个,求恰好有2个水果是礼品果的概率;(结果用分数表示)(2)用样本估计总体,果园老板提出两种购销方案给采购商参考,方案1:不分类卖出,单价为20元/kg.方案2:分类卖出,分类后的水果售价如下:等级标准果优质果精品果礼品果售价(元/kg)16182224从采购单的角度考虑,应该采用哪种方案?(3)用分层抽样的方法从这100个水果中抽取10个,再从抽取的10个水果中随机抽取3个,X表示E X.抽取的是精品果的数量,求X的分布列及数学期望()11。
《精品》2019年高考真题和模拟题分项汇编数学(理)专题10 概率与统计(解析版)
【17917<x),平均数7+(x-x')2],由②专题10概率与统计1.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝,并称为中国古典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况,随机调查了100位学生,其中阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位,阅读过《红楼梦》的学生共有80位,阅读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位,则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值的估计值为A.0.5 C.0.7B.0.6 D.0.8【答案】C【解析】由题意得,阅读过《西游记》的学生人数为90-80+60=70,则其与该校学生人数之比为70÷100=0.7.故选C.【名师点睛】本题考查抽样数据的统计,渗透了数据处理和数学运算素养.采取去重法,利用转化与化归思想解题.2.2019年高考全国Ⅱ卷理数】演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评定该选手的成绩时,从9个原始评分中去掉1个最高分、个最低分,得到7个有效评分.个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是A.中位数C.方差【答案】A B.平均数D.极差【解析】设9位评委评分按从小到大排列为x1<x2<x3<x4<x<x.89则①原始中位数为x5,去掉最低分x1,最高分x9后剩余x2<x3<x4<<x,中位数仍为x,A正确;85②原始平均数x=1(x<x<x<x2341<x<x),后来平均数x'=(x<x<x892348受极端值影响较大,∴x与x'不一定相同,B不正确;③S2=19[(x-x)2+(x-x)2+111+(x-x)2],s'2=[(x-x')2+(x-x')2+q238易知,C不正确;④原极差=x9-x1,后来极差=x8-x2,显然极差变小,D不正确.故选A.3.【2019年高考浙江卷】设0<a<1,则随机变量X的分布列是X P 013a13113则当a在(0,1)内增大时,A.D(X)增大B.D(X)减小C.D(X)先增大后减小D.D(X)先减小后增大【答案】D【分析】研究方差随a变化的增大或减小规律,常用方法就是将方差用参数a表示,应用函数知识求解.本题根据方差与期望的关系,将方差表示为a的二次函数,二次函数的图象和性质解题.题目有一定综合性,注重重要知识、基础知识、运算求解能力的考查.【解析】方法1:由分布列得E(X)=1+a 3,则D(X)=(1+a11+a11+a1211 -0)2⨯+(-a)2⨯+(-1)2⨯=(a-)2+,333333926则当a在(0,1)内增大时,D(X)先减小后增大.故选D.a21(a+1)22a2-2a+2213方法2:则D(X)=E(X2)-E(X)=0++-==[(a-)2+],3399924则当a在(0,1)内增大时,D(X)先减小后增大.故选D.【名师点睛】易出现的错误有,一是数学期望、方差以及二者之间的关系掌握不熟,无从着手;二是计算能力差,不能正确得到二次函数表达式.4.【2019年高考江苏卷】已知一组数据6,7,8,8,9,10,则该组数据的方差是______________.【答案】5 3【解析】由题意,该组数据的平均数为6+7+8+8+9+106=8,所以该组数据的方差是1[(6-8)2+(7-8)2+(8-8)2+(8-8)2+(9-8)2+(10-8)2]=653.5.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】我国高铁发展迅速,技术先进.经统计,在经停某站的高铁列车中,有10个车次的正点率为0.97,有20个车次的正点率为0.98,有10个车次的正点率为0.99,则经停该站高铁列车所有车次的平均正点率的估计值为______________.【答案】0.98.【分析】本题考查通过统计数据进行概率的估计,采取估算法,利用概率思想解题.【解析】由题意得,经停该高铁站的列车正点数约为10 ⨯ 0.97 + 20 ⨯ 0.98 + 10⨯ 0.99 = 39.2 ,其中高铁 个数为10 + 20 + 10 = 40,所以该站所有高铁平均正点率约为39.2 = 0.98 .40【名师点睛】本题考查了概率统计,渗透了数据处理和数学运算素养,侧重统计数据的概率估算,难度不大.易忽视概率的估算值不是精确值而失误,根据分类抽样的统计数据,估算出正点列车数量与列车总数的比值.6.【2019 年高考全国Ⅰ卷理数】甲、乙两队进行篮球决赛,采取七场四胜制(当一队赢得四场胜利时,该队获胜,决赛结束) 根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主客主”.设甲队主场取胜的概率为 0.6,客场取胜的概率为 0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以4∶1 获胜的概率是______________.【答案】 0.18【分析】本题应注意分情况讨论,即前五场甲队获胜的两种情况,应用独立事件的概率的计算公式求解.题目有一定的难度,注重了基础知识、基本计算能力及分类讨论思想的考查.【解析】前四场中有一场客场输,第五场赢时,甲队以 4:1 获胜的概率是 0.63 ⨯ 0.5 ⨯ 0.5 ⨯ 2 = 0.108, 前四场中有一场主场输,第五场赢时,甲队以 4:1 获胜的概率是 0.4 ⨯ 0.62 ⨯ 0.52 ⨯ 2 = 0.072, 综上所述,甲 队以 4:1 获胜的概率是 q = 0.108 + 0.072 = 0.18.【名师点睛】由于本题题干较长,所以,易错点之一就是能否静心读题,正确理解题意;易错点之二是思维的全面性是否具备,要考虑甲队以 4:1 获胜的两种情况;易错点之三是是否能够准确计算.7.【2019 年高考全国Ⅲ卷理数】为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度,进行如下试验:将 200 只小鼠随机分成 A ,B 两组,每组 100 只,其中 A 组小鼠给服甲离子溶液,B 组小鼠给服乙离子溶液,每只小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图:.记 C 为事件:“乙离子残留在体内的百分比不低于 5.5”,根据直方图得到 P (C )的估计值为 0.70.(1)求乙离子残留百分比直方图中 a ,b 的值;(2)分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表)【答案】(1)a=0.35,b =0.10;(2)甲、乙离子残留百分比的平均值的估计值分别为 4.05,6.00.【解析】(1)由已知得 0.70=a+0.20+0.15,故 a=0.35.b =1–0.05–0.15–0.70=0.10.(2)甲离子残留百分比的平均值的估计值为×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05.乙离子残留百分比的平均值的估计值为×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00.8.【2019 年高考全国Ⅱ卷理数】11 分制乒乓球比赛,每赢一球得 1 分,当某局打成 10:10 平后,每球交换发球权,先多得 2 分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为 0.5,乙发球时甲得分的概率为 0.4,各球的结果相互独立.在某局双方 10:10 平后,甲先发球,两人又打了 X 个球该局比赛结束.(1)求 P (X =2);(2)求事件“X =4 且甲获胜”的概率.【答案】(1)0.5;(2)0.1.【解析】(1)X =2就是10∶10平后,两人又打了2个球该局比赛结束,则这2个球均由甲得分,或者均由乙得分.因此P (X =2)=0.5×0.4+(1–0.5)×(1–0.4)=0.5.(2)X =4且甲获胜,就是10∶10平后,两人又打了4个球该局比赛结束,且这4个球的得分情况为:前两球是甲、乙各得1分,后两球均为甲得分.因此所求概率为[0.5×(1–0.4)+(1–0.5)×0.4]×0.5×0.4=0.1.9.【2019 年高考天津卷理数】设甲、乙两位同学上学期间,每天 7:30 之前到校的概率均为2 3.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.(1)用 X 表示甲同学上学期间的三天中 7:30 之前到校的天数,求随机变量 X 的分布列和数学期望;(2)设 M 为事件“上学期间的三天中,甲同学在 7:30 之前到校的天数比乙同学在 7:30 之前到校的天数恰好多 2”,求事件 M 发生的概率.【答案】(1)分布列见解析, E ( X )2 ;(2)20 243.333则Y~B(3,),且M={X=3,Y=1}{X=2,Y=0}.=8241【分析】本小题主要考查离散型随机变量的分布列与数学期望,互斥事件和相互独立事件的概率计算公式等基础知识.考查运用概率知识解决简单实际问题的能力.满分13分.【解析】(1)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立,且每天7:30之前到校的概率均为221故X~B(3,),从而P(X=k)=C k()k()3-k,k=0,1,2,3.3所以,随机变量X的分布列为X01232 3,P 1272949827 2随机变量X的数学期望E(X)=3⨯=2.3(2)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为Y,23由题意知事件{X=3,Y=1}与{X=2,Y=0}互斥,且事件{X=3}与{Y=1},事件{X=2}与{Y=0}均相互独立,从而由(1)知P(M)=P({X=3,Y=1}{X=2,Y=0})=P(X=3,Y=1)+P(X=2,Y=0)=P(X=3)P(Y=1)+P(X=2)P(Y=0)20⨯+⨯=.27992724310.【2019年高考北京卷理数】改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A,B两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A,B两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A和仅使用B的学生的支付金额分布情况如下:支付金额(元)(0,1000](1000,2000]大于2000支付方式仅使用A 仅使用B 18人10人9人14人3人1人(1)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A,B两种支付方式都使用的概率;(2)从样本仅使用A和仅使用B的学生中各随机抽取1人,以X表示这2人中上个月支付金额大于(则由上个月的样本数据得P(E)=1=.1000元的人数,求X的分布列和数学期望;(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.【答案】(1)0.4;(2)分布列见解析,E(X)=1;(3)见解析.【解析】1)由题意知,样本中仅使用A的学生有18+9+3=30人,仅使用B的学生有10+14+1=25人,A,B两种支付方式都不使用的学生有5人.故样本中A,B两种支付方式都使用的学生有100−30−25−5=40人.所以从全校学生中随机抽取1人,该学生上个月A,B两种支付方式都使用的概率估计为40100=0.4.(2)X的所有可能值为0,1,2.记事件C为“从样本仅使用A的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”,事件D为“从样本仅使用B的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”.由题设知,事件C,D相互独立,且P(C)=9+314+1=0.4,P(D)==0.6.3025所以P(X=2)=P(CD)=P(C)P(D)=0.24,P(X=1)=P(CD CD)=P(C)P(D)+P(C)P(D)=0.4⨯(1-0.6)+(1-0.4)⨯0.6=0.52,P(X=0)=P(CD)=P(C)P(D)=0.24.所以X的分布列为X P0.2410.5220.24故X的数学期望E(X)=0⨯0.24+1⨯0.52+2⨯0.24=1.(3)记事件E为“从样本仅使用A的学生中随机抽查3人,他们本月的支付金额都大于2000元”.假设样本仅使用A的学生中,本月支付金额大于2000元的人数没有变化,1C3406030答案示例1:可以认为有变化.理由如下:P(E)比较小,概率比较小的事件一般不容易发生.一旦发生,就有理由认为本月的支付金额大于2000元的人数发生了变化,所以可以认为有变化.答案示例2:无法确定有没有变化.理由如下:事件E是随机事件,P(E)比较小,一般不容易发生,但还是有可能发生的,所以无法确定有没有变化.11.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得-1分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得-1分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X.(1)求X的分布列;(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,p i(i=0,1,,8)表示“甲药的累计得分为i时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则p0=0,p8=1,p i=ap i-1+bp i+cp i+1(i=1,2,a=P(X=-1),b=P(X=0),c=P(X=1).假设α=0.5,β=0.8.,7),其中(i)证明:{pi+1-p}(i=0,1,2,,7)为等比数列;i(ii)求p,并根据p的值解释这种试验方案的合理性.44【答案】(1)分布列见解析;(2)(i)证明见解析,(ii)p4=1257,解释见解析.【解析】X的所有可能取值为-1,0,1.P(X=-1)=(1-α)β,P(X=0)=αβ+(1-α)(1-β),P(X=1)=α(1-β),所以X的分布列为(1- α )β3 48 3 257 257X-10 1Pαβ + (1- α )(1- β ) α (1- β )(2)(i )由(1)得 a = 0.4, b = 0.5, c = 0.1 .因此 p i = 0.4p i -1 + 0.5 p i + 0.1p i +1 ,故 0.1( p i +1 - p i ) = 0.4( p i - p i -1 ) ,即 p i +1 - p i = 4( p i - p i -1 ) .又因为 p 1 - p 0 = p 1 ≠ 0 ,所以{ p i +1 - p i }(i = 0,1,2,,7) 为公比为 4,首项为 p 1 的等比数列.(ii )由(i )可得 p 8 = p 8 - p 7 + p 7 - p 6 += ( p - p ) + ( p - p ) ++ ( p - p )8 776148 - 1 = p .1由于 p 8 =1 ,故 p 1 = 3- 1,+ p - p + p1 0所以 p = ( p - p ) + ( p - p ) + ( p - p ) + ( p - p ) = 4433221144 - 1 1p = 1.p 表示最终认为甲药更有效的概率,4由计算结果可以看出,在甲药治愈率为 0.5,乙药治愈率为 0.8 时,认为甲药更有效的概率为 p = 1≈ 0.0039 ,4此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.12 .【广西桂林市、崇左市2019 届高三下学期二模联考】在某项测试中,测量结果 ξ 服从正态分布N (1,σ 2)(σ > 0) ,若 P(0 < ξ < 1) = 0.4 ,则 P(0 < ξ < 2) =A . 0.4C . 0.6B . 0.8D . 0.2【答案】B【解析】由正态分布的图象和性质得 P(0 < ξ < 2) = 2 P (0 < ξ < 1) = 2 ⨯ 0.4 = 0.8 .故选 B .【名师点睛】本题主要考查正态分布的图象和性质,考查正态分布指定区间的概率的求法,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.13.【河南省洛阳市2019届高三第三次统一考试】已知某地区中小学生人数和近视情况分别如图甲和图乙所示.为了了解该地区中小学生的近视形成原因,用分层抽样的方法抽取2%的学生进行调查,则样本容量和抽取的高中生近视人数分别为A.100,10C.200,10B.100,20D.200,20【答案】D【解析】由题得样本容量为(3500+2000+4500)⨯2%=10000⨯2%=200,抽取的高中生人数为2000⨯2%=40人,则近视人数为40⨯0.5=20人,故选D.14.【陕西省2019届高三年级第三次联考】同时抛掷2枚质地均匀的硬币4次,设2枚硬币均正面向上的次数为X,则X的数学期望是A.1B.2C.32D.52【答案】A【分析】先计算依次同时抛掷2枚质地均匀的硬币,恰好出现2枚正面向上的概率,进而利用二项分布求数学期望即可.111【解析】∵一次同时抛掷2枚质地均匀的硬币,恰好出现2枚正面向上的概率为⨯=224,1∴X~B(4,),∴E(X)=4⨯414=1.故选A.【名师点睛】求离散型随机变量期望的一般方法是先求分布列,再求期望.如果离散型随机变量服从二项分布B~(n,p),也可以直接利用公式E(ξ)=np求数学期望.15.【江西省新八校2019届高三第二次联考】某学校高一年级1802人,高二年级1600人,高三年级1499人,先采用分层抽样的方法从中抽取98名学生参加全国中学生禁毒知识竞赛,则在高一、高二、高三三个年级中抽取的人数分别为A.35,33,30B.36,32,30P(ξ = 2) = ⨯ = ;ξ = 3 表示从甲、乙口袋中各取出一个红球,或从甲、乙口袋中各取出一个白球,故 P(ξ = 3) = ⨯ + ⨯ = ; ξ = 4 表示从甲口袋中取出一个白球,从乙口袋中取出一个红C . 36,33,29D . 35,32,31【答案】B【分析】先将各年级人数凑整,从而可确定抽样比;再根据抽样比计算得到各年级抽取人数.【解析】先将每个年级的人数凑整,得高一:1800 人,高二:1600 人,高三:1500 人,则三个年级的总人数所占比例分别为 18 16 15, , ,49 49 49因此,各年级抽取人数分别为 98 ⨯ 18 16 15= 36 , 98 ⨯ = 32 , 98 ⨯ = 30 ,故选 B .49 49 4916.【浙江省三校 2019 年 5 月第二次联考】已知甲口袋中有3 个红球和 2 个白球,乙口袋中有 2 个红球和 3个白球,现从甲、乙口袋中各随机取出一个球并相互交换,记交换后甲口袋中红球的个数为ξ ,则E (ξ ) =A .C .14 5 7 3B .D .13 5 8 3【答案】A【分析】先求出ξ 的可能取值及取各个可能取值时的概率,再利用 E (ξ ) = ξ1 p 1 + ξ2 p 2 ++ ξ p +i i可求得数学期望.【解析】 ξ 的可能取值为 2,3, 4 , ξ = 2 表示从甲口袋中取出一个红球,从乙口袋中取出一个白球,故3 3 95 5 253 2 2 3 125 5 5 5 25 2 2 4 9 12 4 14球,故 P(ξ = 4) = ⨯ = ,所以 E (ξ ) = 2 ⨯+ 3 ⨯ + 4 ⨯ = .故选 A . 5 5 25 25 25 25 517.【福建省泉州市 2019 届高三第二次(5 月)质检】已知某样本的容量为 50,平均数为 70,方差为 75.现发现在收集这些数据时,其中的两个数据记录有误,一个错将 80 记录为 60,另一个错将 70 记录为 90.在对错误的数据进行更正后,重新求得样本的平均数为 x ,方差为 s 2,则A . x = 70, s 2 < 75 C . x > 70, s 2 < 75【答案】AB . x = 70, s 2 > 75D . x < 70, s 2 > 7550+(x-70)2+(60-70)2+(90-70)2]505050【分析】分别根据数据的平均数和方差的计算公式,求得x,s2的值,即可得到答案.【解析】由题意,可得x=70⨯50+80-60+70-90=70,50设收集的48个准确数据分别记为x1,x2,,x,48则75=1[(x-70)2+(x-70)2+1248=1[(x-70)2+(x-70)2++(x-70)2+500],12481s2=[(x-70)2+(x-70)2++(x-70)2+(80-70)2+(70-70)2]12481=[(x-70)2+(x-70)2++(x-70)2+100]<75,1248所以s2<75.故选A.【名师点睛】本题主要考查了数据的平均数和方差的计算公式的应用,其中解答中熟记数据的平均数和方差的公式,合理准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,是基础题.18.【广东省汕头市2019届高三第二次模拟考试(B卷)】在某次高中学科竞赛中,4000名考生的参赛成绩统计如图所示,60分以下视为不及格,若同一组中数据用该组区间中点作代表,则下列说法中有误的是A.成绩在[70,80]分的考生人数最多C.考生竞赛成绩的平均分约70.5分B.不及格的考生人数为1000人D.考生竞赛成绩的中位数为75分【答案】D【解析】由频率分布直方图可得,成绩在[70,80]的频率最高,因此考生人数最多,故A正确;由频率分布直方图可得,成绩在[40,60)的频率为0.25,因此,不及格的人数为4000⨯0.25=1000,故B 正确;由频率分布直方图可得:平均分等于45⨯0.1+55⨯0.15+65⨯0.2+75⨯0.3+85⨯0.15+ 95⨯0.1=70.5,故C正确;因为成绩在[40,70)的频率为0.45,由[70,80]的频率为0.3,所以中位11【解析】(1)∵样本容量与总体个数的比是6(数为 70 + 10 ⨯0.05 ≈ 71.67 ,故 D 错误.故选 D .0.319.【天津市南开中学 2019 届高三模拟试题】《中国诗词大会》是央视推出的一档以“赏中华诗词,寻文化基因,品生活之美”为宗旨的大型文化类竞赛节目,邀请全国各个年龄段、各个领域的诗词爱好者共同参与诗词知识比拼.“百人团”由一百多位来自全国各地的选手组成,成员上至古稀老人,下至垂髫小儿,人数按照年龄分组统计如下表:分组(年龄)频数(人)[7,20) [20,40) [40,80)18 54 36(1)用分层抽样的方法从“百人团”中抽取6 人参加挑战,求从这三个不同年龄组中分别抽取的挑战者的人数;(2)在(1)中抽出的 6 人中,任选 2 人参加一对一的对抗比赛,求这 2 人来自同一年龄组的概率.【答案】(1)1, 3 , 2 ;(2)415.【分析】(1)先求出样本容量与总体个数的比,由此利用分层抽样的方法能求出从这三个不同年龄组中分别抽取的挑战者的人数; 2)从分层抽样的方法从“百人团”中抽取 6 人参加挑战,这三个不同年龄组[7,20),[20,40),[40,80)中分别抽取的挑战者的人数分别为 1,3,2.从抽出的 6 人中,任选2 人参加一对一的对抗比赛,基本事件总数 n = C 2 = 15 ,这 2 人来自同一年龄组包含的基本事件个数6为 m = C 2 + C 2 = 4 ,由此能求出这 2 人来自同一年龄组的概率. 321=,108 18∴样本中包含 3 个年龄段落的个体数分别是:年龄在[7,20)的人数为6 108⨯ 18=1,年龄在[20,40)的人数为年龄在[40,80)的人数为6 108 6 108⨯ 54=3,⨯ 36=2,∴从这三个不同年龄组[7,20),[20,40),[40,80)中分别抽取的挑战者的人数分别为 1,3,2.(2)从分层抽样的方法从“百人团”中抽取 6 人参加挑战,这三个不同年龄组[7,20),[20,40),[40,80)中分别抽取的挑战者的人数分别为 1,3,2.从抽出的 6 人中,任选 2 人参加一对一的对抗比赛,基本事件总数为 n = C 2 = 15 ,612∴这 2 人来自同一年龄组的概率 P =m【 销售一台第五类机器获利 x ,依据上表统计数据,随机销售一台机器获利的期望为E ( x ) ,设5,试判断E ( x ) 与 x 的大小. 结论不要求证明)【答案】(1) ;(2);(3) E ( x ) < x .( 10 即可结果;(3)先由题意确定, x 可能取的值,这 2 人来自同一年龄组包含的基本事件个数为 m = C 2 + C 2 = 4 ,324 =.n1520. 2019 北京市通州区三模】为调查某公司五类机器的销售情况,该公司随机收集了一个月销售的有关数据,公司规定同一类机器销售价格相同,经分类整理得到下表:机器类型 第一类 第二类 第三类 第四类 第五类销售总额(万元)100 50 200 200 120销售量(台)利润率50.420.2100.1550.2580.2利润率是指:一台机器销售价格减去出厂价格得到的利润与该机器销售价格的比值.(1)从该公司本月卖出的机器中随机选一台,求这台机器利润率高于 0.2 的概率;(2)从该公司本月卖出的销售单价为 20 万元的机器中随机选取 2 台,求这两台机器的利润率不同的概率;(3)假设每类机器利润率不变,销售一台第一类机器获利 x 1 万元,销售一台第二类机器获利 x 2 万元,…,5x = x+ x + x + x + x51 2 3 4 (1 10 321【分析】 1)先由题意确定,本月卖出机器的总数,再确定利润率高于 0.2 的机器总数,即可得出结果;(2)先由题意确定,销售单价为 20 万元的机器分别:是第一类有5 台,第三类有10 台,共有15 台,记两台机器的利润率不同为事件 B ,由 P(B) = C 1 C 15C 215求出对应概率,进而可得出E(x),再由x=x1+x2+x3+x4+x5求出均值,比较大小,即可得出结果.5【解析】(1)由题意知,本月共卖出30台机器,利润率高于0.2的是第一类和第四类,共有10台.1=.303(2)用销售总额除以销售量得到机器的销售单价,可知第一类与第三类的机器销售单价为20万,13设“这台机器利润率高于0.2”为事件A,则P(A)=1010=5又x=,所以E(x)<x.【答案】(1)96第一类有5台,第三类有10台,共有15台,随机选取2台有C2种不同方法,15两台机器的利润率不同则每类各取一台有C1C1种不同方法,510C1C110设两台机器的利润率不同为事件B,则P(B)=.C22115(3)由题意可得,x可能取的值为8,5,3,10P(x=8)=5121=,P(x=5)==,306301510+8351P(x=3)==,P(x=10)==,305306113177因此E(x)=⨯8+⨯5+⨯3+⨯10=;61556158+5+3+10+329=5521.【江西省新八校2019届高三第二次联考】某种水果按照果径大小可分为四类:标准果、优质果、精品果、礼品果.某采购商从采购的一批水果中随机抽取100个,利用水果的等级分类标准得到的数据如下:等级个数标准果10优质果30精品果40礼品果20(1)若将频率是为概率,从这100个水果中有放回地随机抽取4个,求恰好有2个水果是礼品果的概率;(结果用分数表示)(2)用样本估计总体,果园老板提出两种购销方案给采购商参考,方案1:不分类卖出,单价为20元/kg.方案2:分类卖出,分类后的水果售价如下:等级售价(元/k g)标准果16优质果18精品果22礼品果24从采购单的角度考虑,应该采用哪种方案?(3)用分层抽样的方法从这100个水果中抽取10个,再从抽取的10个水果中随机抽取3个,X表示抽取的是精品果的数量,求X的分布列及数学期望E(X).6;(2)第一种方案;(3)分布列见解析,E(X)=.625514( E (ξ ) = 16 ⨯1C 3【分析】(1)计算出从 100 个水果中随机抽取一个,抽到礼品果的概率;则可利用二项分布的概率公式求得所求概率; 2)计算出方案 2 单价的数学期望,与方案1的单价进行比较,选择单价较低的方案;(3)根据分层抽样原则确定抽取的10 个水果中,精品果 4 个,非精品果 6 个;则 X 服从超几何分布,利用超几何分布的概率计算公式可得到每个 X 取值对应的概率,从而可得分布列;再利用数学期望的计算公式求得结果.【解析】(1)设从100 个水果中随机抽取一个,抽到礼品果的事件为 A ,则 P( A) =1 现有放回地随机抽取 4 个,设抽到礼品果的个数为 X ,则 X ~ B(4, ) ,520 1= ,100 54 1 所以恰好抽到 2 个礼品果的概率为 P( X = 2) = C 2 ( )2 ( )2 =4 5 596 625,(2)设方案 2 的单价为 ξ ,则单价的期望值为3 4 2 16 + 54 + 88 + 48+ 18 ⨯ + 22 ⨯ + 24 ⨯ = = 20.6 , 10 10 10 10 10因为 E (ξ ) > 20 ,所以从采购商的角度考虑,应该采用第一种方案.(3)用分层抽样的方法从100 个水果中抽取10 个,则其中精品果 4 个,非精品果 6 个,现从中抽取 3 个,则精品果的数量 X 服从超几何分布,所有可能的取值为0,1,2,3 ,则 P( X = 0) = C 3 1 C 2C 16 = ; P( X = 1) = 6 4 =C 3 6 C 310 101 2;P( X = 2) = C 1 C 2 3 16 4 = ; P( X = 3) = 4 = ,C 3 10 C 3 3010 10所以 X 的分布列如下:X0 1 2 3P1 6 1 23 101 30所以 E ( X ) = 0 ⨯ 1 1 3 1 6+ 1⨯ + 2 ⨯ + 3 ⨯ =6 2 10 30 5【名师点睛】本题考查二项分布求解概率、数学期望的实际应用、超几何分布的分布列与数学期望的求解问题,关键是能够根据抽取方式确定随机变量所服从的分布类型,从而可利用对应的概率公式求解出概率.15。
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概率统计1(2017北京文)(本小题13分)某大学艺术专业400名学生参加某次测评,根据男女学生人数比例,使用分层抽样的方法从中随机抽取了100名学生,记录他们的分数,将数据分成7组:[20,30),[30,40),┄,[80,90],并整理得到如下频率分布直方图:(Ⅰ)从总体的400名学生中随机抽取一人,估计其分数小于70的概率;(Ⅱ)已知样本中分数小于40的学生有5人,试估计总体中分数在区间[40,50)内的人数;(Ⅲ)已知样本中有一半男生的分数不小于70,且样本中分数不小于70的男女生人数相等.试估计总体中男生和女生人数的比例.2(2017新课标Ⅱ理)(12分)海水养殖场进行某水产品的新、旧网箱养殖方法的产量对比,收获时各随机抽取了100 个网箱,测量各箱水产品的产量(单位:kg).其频率分布直方图如下:(1)设两种养殖方法的箱产量相互独立,记A 表示事件:“旧养殖法的箱产量低于50kg ,新养殖法的箱产量不低于50kg ”,估计A 的概率;(2)填写下面列联表,并根据列联表判断是否有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关:箱产量<50kg箱产量≥50kg旧养殖法 新养殖法(3附:,22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++3(2017天津理)(本小题满分13分)从甲地到乙地要经过3个十字路口,设各路口信号灯工作相互独立,且在各路口遇到红灯的概率分别为111,,234.(Ⅰ)设X表示一辆车从甲地到乙地遇到红灯的个数,求随机变量X的分布列和数学期望;(Ⅱ)若有2辆车独立地从甲地到乙地,求这2辆车共遇到1个红灯的概率.4(2017新课标Ⅲ理数)(12分)某超市计划按月订购一种酸奶,每天进货量相同,进货成本每瓶4元,售价每瓶6元,未售出的酸奶降价处理,以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验,每天需求量与当天最高气温(单位:℃)有关.如果最高气温不低于25,需求量为500瓶;如果最高气温位于区间[20,25),需求量为300瓶;如果最高气温低于20,需求量为200瓶.为了确定六月份的订购计划,统计了前三年六月份各天的最高气温数据,得下面的频数分布表:以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率。
(1)求六月份这种酸奶一天的需求量X(单位:瓶)的分布列;(2)设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y(单位:元),当六月份这种酸奶一天的进货量n(单位:瓶)为多少时,Y的数学期望达到最大值?5(2017山东理)(本小题满分12分)在心理学研究中,常采用对比试验的方法评价不同心理暗示对人的影响,具体方法如下:将参加试验的志愿者随机分成两组,一组接受甲种心理暗示,另一组接受乙中心理暗示,通过对比这两组志愿者接受心理暗示后的结果来评价两种心理暗示的作用,现有6名男志愿者A1,A2,A3,A4,A5,A6和4名B1,B2,B3,B4,从中随机抽取5人接受甲种心理暗示,另5人接受乙种心理暗示。
(I)求接受甲种心理暗示的志愿者中包含A1但不包含B3的频率。
(II)用X表示接受乙种心理暗示的女志愿者人数,求X的分布列与数学期望EX。
6(2017新课标Ⅰ理数)(12分)为了监控某种零件的一条生产线的生产过程,检验员每天从该生产线上随机抽取16个零件,并测量其尺寸(单位:cm ).根据长期生产经验,可以认为这条生产线正常状态下生产的零件的尺寸服从正态分布2(,)N μσ.(1)假设生产状态正常,记X 表示一天内抽取的16个零件中其尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件数,求(1)P X ≥及X 的数学期望;(2)一天内抽检零件中,如果出现了尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件,就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查.(ⅰ)试说明上述监控生产过程方法的合理性; (ⅱ)下面是检验员在一天内抽取的16个零件的尺寸:经计算得16119.9716i i x x ===∑,0.212s ==≈,其中i x 为抽取的第i 个零件的尺寸,1,2,,16i =⋅⋅⋅.用样本平均数x 作为μ的估计值ˆμ,用样本标准差s 作为σ的估计值ˆσ,利用估计值判断是否需对当天的生产过程进行检查?剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据,用剩下的数据估计μ和σ(精确到).附:若随机变量Z 服从正态分布2(,)N μσ,则(33)0.997 4P Z μσμσ-<<+=,160.997 40.959 2=0.09≈.7((2017新课标Ⅱ文)12分)海水养殖场进行某水产品的新、旧网箱养殖方法的产量对比,收获时各随机抽取了100个网箱,测量各箱水产品的产量(单位:kg ), 其频率分布直方图如下:(1)记A 表示事件“旧养殖法的箱产量低于50 kg”,估计A 的概率;(2)填写下面列联表,并根据列联表判断是否有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关:箱产量<50 kg箱产量≥50 kg旧养殖法 新养殖法(3)根据箱产量的频率分布直方图,对这两种养殖方法的优劣进行比较. 附:P ()k22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++.8(2017北京理)(本小题13分)为了研究一种新药的疗效,选100名患者随机分成两组,每组各50名,一组服药,另一组不服药.一段时间后,记录了两组患者的生理指标x 和y 的数据,并制成下图,其中“*”表示服药者,“+”表示为服药者.(Ⅰ)从服药的50名患者中随机选出一人,求此人指标y的值小于60的概率;(Ⅱ)从图中A,B,C,D四人中随机选出两人,记ξ为选出的两人中指标x的值大于的人数,求ξ的分布列和数学期望E(ξ);(Ⅲ)试判断这100名患者中服药者指标y数据的方差与未服药者指标y数据的方差的大小.(只需写出结论)9(2017新课标Ⅲ文数)(12分)某超市计划按月订购一种酸奶,每天进货量相同,进货成本每瓶4元,售价每瓶6元,未售出的酸奶降价处理,以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验,每天需求量与当天最高气温(单位:℃)有关.如果最高气温不低于25,需求量为500瓶;如果最高气温位于区间[20,25),需求量为300瓶;如果最高气温低于20,需求量为200瓶.为了确定六月份的订购计划,统计了前三年六月份各天的最高气温数据,得下面的频数分布表:最高气温[10,15)[15,20)[20,25)[25,30)[30,35)[35,40)天数 2 16 36 25 7 4以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率。
(1)求六月份这种酸奶一天的需求量不超过300瓶的概率;(2)设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y(单位:元),当六月份这种酸奶一天的进货量为450瓶时,写出Y的所有可能值,并估计Y大于零的概率.10(2017新课标Ⅰ文数)(12分)为了监控某种零件的一条生产线的生产过程,检验员每隔30 min 从该生产线上随机抽取一个零件,并测量其尺寸(单位:cm ).下面是检验员在一天内依次抽取的16个零件的尺寸:经计算得16119.9716i i x x ===∑,0.212s ==≈,18.439≈,161()(8.5) 2.78i i x x i =--=-∑,其中i x 为抽取的第i 个零件的尺寸,1,2,,16i =⋅⋅⋅.(1)求(,)i x i (1,2,,16)i =⋅⋅⋅的相关系数r ,并回答是否可以认为这一天生产的零件尺寸不随生产过程的进行而系统地变大或变小(若||0.25r <,则可以认为零件的尺寸不随生产过程的进行而系统地变大或变小).(2)一天内抽检零件中,如果出现了尺寸在(3,3)x s x s -+之外的零件,就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查.(ⅰ)从这一天抽检的结果看,是否需对当天的生产过程进行检查?(ⅱ)在(3,3)x s x s -+之外的数据称为离群值,试剔除离群值,估计这条生产线当天生产的零件尺寸的均值与标准差.(精确到)附:样本(,)i i x y (1,2,,)i n =⋅⋅⋅的相关系数()()niix x y y r --=∑,0.0080.09≈.11(2017山东文)(本小题满分12分)某旅游爱好者计划从3个亚洲国家A 1,A 2,A 3和3个欧洲国家B 1,B 2,B 3中选择2个国家去旅游.(Ⅰ)若从这6个国家中任选2个,求这2个国家都是亚洲国家的概率;(Ⅱ)若从亚洲国家和欧洲国家中各任选1个,求这2个国家包括A 1但不包括B 1的概率. 12(2017浙江)已知随机变量i ξ满足P (i ξ=1)=p i ,P (i ξ=0)=1–p i ,i =1,2. 若0<p 1<p 2<12,则A .1()E ξ<2()E ξ,1()D ξ<2()D ξB .1()E ξ<2()E ξ,1()D ξ>2()D ξC .1()E ξ>2()E ξ,1()D ξ<2()D ξD .1()E ξ>2()E ξ,1()D ξ>2()D ξ13(2017新课标Ⅲ文数)某城市为了解游客人数的变化规律,提高旅游服务质量,收集并整理了2014年1月至2016年12月期间月接待游客量(单位:万人)的数据,绘制了下面的折线图.根据该折线图,下列结论错误的是( ) A .月接待游客逐月增加 B .年接待游客量逐年增加C .各年的月接待游客量高峰期大致在7,8月D .各年1月至6月的月接待游客量相对于7月至12月,波动性更小,变化比较平稳14(2017新课标Ⅲ理数)某城市为了解游客人数的变化规律,提高旅游服务质量,收集并整理了2014年1月至2016年12月期间月接待游客量(单位:万人)的数据,绘制了下面的折线图.根据该折线图,下列结论错误的是A.月接待游客量逐月增加B.年接待游客量逐年增加C.各年的月接待游客量高峰期大致在7,8月份D.各年1月至6月的月接待游客量相对7月至12月,波动性更小,变化比较平稳15(2017新课标Ⅱ文)从分别写有1,2,3,4,5的5张卡片中随机抽取1张,放回后再随机抽取1张,则抽得的第一张卡片上的数大于第二张卡片上的数的概率为A.110B.15C.310D.2516(2017新课标Ⅱ理)一批产品的二等品率为0.02,从这批产品中每次随机取一件,有放回地抽取100次,X表示抽到的二等品件数,则DX ____________.17(2017新课标Ⅰ文数)为评估一种农作物的种植效果,选了n块地作试验田.这n块地的亩产量(单位:kg)分别为x1,x2,…,x n,下面给出的指标中可以用来评估这种农作物亩产量稳定程度的是A.x1,x2,…,x n的平均数B.x1,x2,…,x n的标准差C.x1,x2,…,x n的最大值D.x1,x2,…,x n的中位数18(2017新课标Ⅰ文数)如图,正方形ABCD内的图形来自中国古代的太极图.正方形内切圆中的黑色部分和白色部分关于正方形的中心成中心对称.在正方形内随机取一点,则此点取自黑色部分的概率是A.14B.π8C.12D.π419(2017新课标Ⅰ理数)如图,正方形ABCD内的图形来自中国古代的太极图.正方形内切圆中的黑色部分和白色部分关于正方形的中心成中心对称.在正方形内随机取一点,则此点取自黑色部分的概率是A.14B.π8C.12D.π420(2017天津文)有5支彩笔(除颜色外无差别),颜色分别为红、黄、蓝、绿、紫.从这5支彩笔中任取2支不同颜色的彩笔,则取出的2支彩笔中含有红色彩笔的概率为(A)45(B)35(C)25(D)1521(2017山东文)如图所示的茎叶图记录了甲、乙两组各5名工人某日的产量数据(单位:件).若这两组数据的中位数相等,且平均值也相等,则x和y的值分别为(A )3,5 (B )5,5 (C )3,7 (D )5,723(2017山东理)为了研究某班学生的脚长x (单位:厘米)和身高y (单位:厘米)的关系,从该班随机抽取10名学生,根据测量数据的散点图可以看出y 与x 之间有线性相关关系,设其回归直线方程为ˆˆˆybx a =+.已知101225i i x ==∑,1011600i i y ==∑,ˆ4b =.该班某学生的脚长为24,据此估计其身高为(A )160 (B )163 (C )166 (D )17024(2017山东理)从分别标有1,2,⋅⋅⋅,9的9张卡片中不放回地随机抽取2次,每次抽取1张.则抽到的2张卡片上的数奇偶性不同的概率是(A )518 (B )49 (C )59(D )79 25(2017江苏)某工厂生产甲、乙、丙、丁四种不同型号的产品,产量分别为200,400,300,100件.为检验产品的质量,现用分层抽样的方法从以上所有的产品中抽取60件进行检验,则应从丙种型号的产品中抽取 ▲ 件.【答案】1826(2017江苏)记函数2()6f x x x =+-D .在区间[4,5]-上随机取一个数x ,则x D ∈的概率是 ▲ .27(2017江苏)(本小题满分10分)已知一个口袋中有m 个白球,n 个黑球(,*,2m n n ∈N ≥),这些球除颜色外全部相同.现将口袋中的球随机地逐个取出,并放入如图所示的编号为1,2,3,,m n +的抽屉内,其中第k 次取出的球放入编号为k 的抽屉(1,2,3,,)k m n =+.(1)试求编号为2的抽屉内放的是黑球的概率p ;(2)随机变量X 表示最后一个取出的黑球所在抽屉编号的倒数,()E X 是X 的数学期望,证明:()()(1)n E X m n n <+-.。