福建省莆田市第二十五中学高二物理上学期精选试卷检测题
福建省莆田市第二十五中学2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题
莆田第二十五中学2017-2018学年上学期期末质量检测试卷高二物理一、单项选择题（4*9=36分）1．我们在看中央台体育频道的围棋节目时会发现，棋子在竖直放置的棋盘上可以自由移动，但是不会掉下来，棋盘和棋子都是由磁性材料做成的，棋子不会掉落是因为() A．质量小，重力可以忽略不计B．受到棋盘对它向右的摩擦力C．它一方面受到棋盘的吸引，另一方面还受到空气的浮力D．棋盘对它向上的摩擦力与重力平衡2．下列说法正确的是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于磁体的S极B．磁感线可以表示磁场的方向和强弱C．磁场只分布在磁铁周围D．放入通电螺线管内的小磁针，根据异名磁极相吸的原则，小磁针的N极一定指向通电螺线管的S极3．如图所示，带负电的金属环绕轴以角速度匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是（）A．极竖直向上B．极竖直向下C．极沿轴线向右D．极沿轴线向左4.如图所示，为电磁铁，为胶木秤盘，和（包括支架）的总质量为，为铁片，质量为，整个装置用轻绳悬挂于点，当电磁铁通电，铁片被吸引上升的过程中，轻绳拉力的大小为（）A.=B.<<()C.=()D.>(+)5．如图所示为磁场、磁场作用力演示仪中的赫姆霍兹线圈，当在线圈中心处挂上一个小磁针，且与线圈在同一平面内，则当赫姆霍兹线圈中通以如图所示方向的电流时（）A．小磁针N极向外转B．小磁针N极向里转C．小磁针在纸面内向左摆动D．小磁针在纸面内向右摆动6．带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用．下列表述正确的是() A．洛伦兹力对带电粒子做功B．洛伦兹力的大小与速度无关C．洛伦兹力不改变带电粒子的动能D．洛伦兹力不改变带电粒子的速度方向7．如图所示，和带电荷量相同，以相同动能从点射入磁场，在匀强磁场中做圆周运动的半径a＝2b，则可知(重力不计)()A．两粒子都带正电，质量比a/b＝4B．两粒子都带负电，质量比a/b＝4C．两粒子都带正电，质量比a/b＝1/4D．两粒子都带负电，质量比a/ b ＝1/48．如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央上方固定一根长直导线，导线与条形磁铁垂直．当导线中通以垂直纸面向里的电流时，用N表示磁铁对桌面的压力，表示桌面静对磁铁的摩擦力，则导线通电后与通电前受力相比较是()A．N减小，静＝0 B．N减小，静≠0C．N增大，静＝0 D．N增大，静≠09．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2 Wb，则()A．线圈中感应电动势每秒增加2 VB．线圈中感应电动势始终为2 VC．线圈中感应电动势每秒减少2 VD．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2 V二、多项选择题（4*3=12分）10．关于磁场，下列说法中正确的是()A．磁场和电场一样，都是客观存在的特殊物质B．两根通电导线之间不可能有力的作用C．磁铁对通电导线不可能有力的作用D．磁场对处在其中的磁体有磁场力的作用11．某地的地磁场的磁感应强度大约是4.0×10－5，一根长为500 的导线，通入10的电流，该导线可能受到的磁场力为()A．0 B．0.3 N C．0.1 N D．0.4 N12．如图所示，线圈的匝数n＝100匝，横截面积S＝50 cm2，线圈总电阻r＝10 Ω，沿轴向有匀强磁场，设图示磁场方向为正方向，磁场的磁感应强度随时间的变化图像如图乙所示，则在开始的0.1 s内()A．磁通量的变化量为0.25 WbB．磁通量的变化率为2.5×10－2Wb/sC．a、b间电压为0D．在a、b间接一个理想电流表时，电流表的示数为0.25 A三、填空题（4*6=24分）13.如下图所示，放在通电螺线管内部中间处的小磁针，静止时极指向右，试判定电源的正极为________.(填c或d)14.一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100.用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到________挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是________，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图4-2-9所示，则该电阻的阻值是________Ω.15.上图的螺旋测微器的莆田第二十五中学2017-2018学年上学期期末质量检测高二物理答题卡一、选择题二填空题13._______________14._____________________________ _____________15._______________四、计算题（10+10+8共28分）16.（8分）如图,金属杆ab的质量为m，长为L，通过的电流为I，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，结果ab静止且紧压于水平导轨上.若磁场方向与导轨平面成θ角，求：(1)棒ab受到的摩擦力；(2)棒ab对导轨的压力.17.如右图1-4-11所示，a 、b 是两根足够长的光滑平行金属导轨，两轨间的距离为0.5m ，导轨左端接上由两个电阻和安培表组成的并联电路，R 1＝1.5Ω，R 2＝1.0Ω，MN 是横跨a 、b 导轨的金属棒，它的电阻为2Ω，垂直导轨平面的匀强磁场的磁感应强度B 为2T ，当MN 棒向右匀速运动时，安培表的读数是0.1A 。
2016-2017学年福建省莆田二十五中高二(上)第一次月考物理试卷
2016-2017学年福建省莆田二十五中高二（上）第一次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共2小题，共8.0分)1.电路中，每分钟有6×1013个自由电子通过横截面积为0.64×10-6m2的导线，那么电路中的电流是（）A.0.016m AB.1.6m AC.0.16μAD.1.6μA【答案】C【解析】解：每分钟通过的电量为：q=ne=6×1013×1.6×10-19=9.6×10-6c；t=1分钟=60s．则电路中的电流为：I=qt =9.6×10−660=0.16μA；故选：C．根据电子个数以及电子的电量可求得总电量，再由电流的定义即可求得电路中的电流．本题考查电流的定义，注意明确电子电量，并能正确利用公式求解，同时在计算中要注意单位的换算．2.关于电流和电阻，下列说法中正确的是（）A.电流方向与导体中电荷的定向移动方向相同B.金属导体温度升高时，由于自由电子的热运动加剧，所以电流增大C.由R=UI可知，导体的电阻与它两端所加的电压成正比，与通过它的电流成反比D.对给定的导线，比值UI是个定值，它反映导体本身的一种性质【答案】D【解析】解：A、电流的方向与导体中正电荷的定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向相反，故A错误；B、金属导体温度升高时，由于分子的热运动加剧，所以电阻增大，电压不变时，电流减小，故B错误；C、电阻是导体本身的性质，其大小与电压和电流无关，故C错误；D、由R=UI 可知，对给定的导线，比值UI是个定值，它反映导体本身的一种性质；故D正确．故选：D．电流方向与导体中正电荷的定向移动方向相同，电流与电阻两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，而电阻是导体本身的性质，与是否有电压及电流无关．本题考查对欧姆定律的理解，应明确电流是由电压及电阻决定，而电阻是导体本身的一种性质．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)3.对于常温下一根阻值为R 的均匀金属丝，下列说法中正确的是（ ）A.把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零的现象称为超导现象B.常温下，若将金属丝从中点对折起来，电阻变为14RC.给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U 0，则任一状态下的UI 比值不变D.常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10R 【答案】 AB【解析】解：A 、金属导体的电阻会随温度的降低而减小，当把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零的现象称为超导现象；故A 正确；B 、从中点对折起来，相当于两个阻值为12R 的电阻并联，其总阻值为14R ，故B 正确； C 、金属丝的电阻率ρ随温度升高而增大，当金属丝两端的电压逐渐增大时，由于电流的热效应会使电阻率ρ随温度升高而增大，因而R=ρls 将逐渐增加，故C 错误； D 、将金属丝拉长为原来的10倍时，截面积变成原来的110，则根据R=ρLS 可知，电阻变为原来的100倍，故电阻为100R ； 故D 错误． 故选：AB ．电阻是导体本身的性质，其大小与导体的材料、导线的长度温度及导线的横截面积决定．当温度降低时，金属导体的电阻会减小，把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会发生超导现象．本题考查电阻定律，明确电阻与电压和电流无关，但电阻率与温度有关系；知道当温度达到绝对零度附近时，电阻率会突然变为零，从而形成超导体．三、单选题(本大题共9小题，共36.0分)4.对于电容器的电容，下列说法正确的是（ ） A.电容器两板间电压越大，电容就越大B.电容器两板间电压减小到原来的一半，它的电容就增加到原来的2倍C.电容器所带电量增加1倍，电容也增加1倍D.平行板电容器电容大小与两板正对面积、两板间距离及两板间电介质的相对介电常数有关 【答案】 D【解析】解：A 、电容与电压无关，电压及电量变化时，电容均不变；故A 错误； C 、电容器与带电量无关，带电量增加，电容仍保持不变；故C 错误；D 、由电容器的决定式可知，平行板电容器电容大小与两板正对面积、两板间距离及两板间电介质的相对介电常数有关；故D 正确； 故选：D ．电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，根据C=ɛs，知电容与4πkd两极板的距离、正对面积有关．本题关键明确电容器的电容有电容器本身决定，与带电量和电势差无关，基础题．5.如图所示MN是电场中的一条电场线，以下说法正确的是（）A.a点的场强一定比b点的场强大B.a点的场强一定和b点的场强相等C.a点的电势一定比b点的电势高D.b点的电势可能比a点的电势高【答案】C【解析】解：A、B电场线的疏密表示场强的大小，而一条电场线无法判断电场线的分布情况，又不知道是何种电荷产生的电场，则无法比较场强的大小．故AB均错误．C、D顺着电场线，电势总是降低，则a点的电势一定比b点的电势高．故C正确，D 错误．故选C一条电场线无法判断电场线的分布情况，则无法比较场强的大小．顺着电场线，电势总是降低．本题考查电场线的两个物理意义：电场线的疏密表示场强的大小，方向表示电势的高低．6.如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线的中垂线上处于A点上方的一点，在A、B、C三点中（）A.场强最小的点是A点，电势最高的点是B点B.场强最小的点是A点，电势最高的点是C点C.场强最小的点是C点，电势最高的点是B点D.场强最小的点是C点，电势最高的点是A点【答案】C【解析】解：根据等量异种电荷电场线的分布，知道E B＞E A＞E C，场强最小的是C点．等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知ΦA=ΦC，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电荷，知ΦB＞ΦA，所以电势最高点是B 点．故A、B、D错误，C正确．故选C．根据等量异种电荷电场线的分布去比较场强的大小，以及电势的高低．沿着电场线方向电势降低．解决本题的关键是熟悉等量异种电荷周围电场线的分布以及知道等量异种电荷间连线的垂直平分线是等势线．7.如图所示，在O点置一点电荷Q，以O为圆心作一圆．现将一试探电荷q从A分别移到圆上的B、C、D三点，则电场力做功（）A.移到B的过程做功最多B.移到C的过性做功最多C.移到D的过程做功最多D.三个过程一样多【答案】D【解析】解：在O点置一点电荷Q，以O为圆心作一圆，根据点电荷等势线的分布情况知，该圆是一条等势线，B、C、D三点在这个圆上，则三点的电势相等，所以A点与B、C、D三点间的电势差相等，将一电荷从A分别移到B、C、D的过程中，根据电场力做功公式W=q U，得知，电场力做功相等．故D正确，ABC错误．故选：D在O点置一点电荷Q，以O为圆心作一圆，该圆是一条等势线，B、C、D三点在这个圆上，则知三点的电势相等，根据电场力做功公式W=q U，分析电场力做功关系．本题关键要掌握点电荷等势线的分布情况，及电场力做功与电荷的路径无关，只与初末位置的电势差有关．8.如图所示是带负电的点电荷-Q，P1、和P2为其电场中的两点．若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，φ1．φ2为P1、P2两点的电势，则（）A.E1＞E2，φ1＞φ2B.E1＞E2，φ1＜φ2C.E1＜E2，φ1＞φ2D.E1＜E2，φ1＜φ2【答案】B【解析】解：Q是带负电的点电荷，则电场线方向由P2→P1，顺着电场线方向，电势降低，则φ1＜φ2．由点电荷的场强公式E=k Q可知，P2离Q比P1远，则E1＞E2．r2故选：B．Q是带负电的点电荷，则电场线方向由P1→P2，顺着电场线方向，电势降低，可判断电势的高低．由点电荷的场强公式E=k Q可知，某点的场强大小与该点到场源电荷的r2距离的平方成反比，来分析场强的大小．本题考查对电势高低和场强大小的判断能力，要根据电场线的方向判断电势高低，由电场线的疏密判断场强的大小．9.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A.E P＞E Q，φP＞φQB.E P＞E Q，φP＜φQC.E P＜E Q，φP＞φQD.E P＜E Q，φP＜φQ【答案】A【解析】解：由图P点电场线密，电场强度大，E P＞E Q，．沿电场线的方向电势降低，φP＞φQ．故选：A．根据P、Q两点处电场线的疏密比较电场强度的大小．根据沿电场线的方向电势降低．掌握电场线的特点：疏密表示强弱，沿电场线的方向电势降低．10.一个电容器带电荷量为Q时，两极板间电压为U，若使其带电荷量增加4.0×10-7C时，它两极板间的电势差增加20V，则它的电容为（）A.1.0×10-8 FB.2.0×10-8 FC.4.0×10-8 FD.8.0×10-8 F【答案】B【解析】解：电容定义式有：C=QU =△Q△U=4×10−720=2×10-8F故选：B根据电容的定义式C=QU =△Q△U即可求解电容．本题考查电容器的电容公式，注意C与变化量之间的关系同样成立．11.A、B、C是匀强电场中的三个点，各点电势φA=10V，φB=2V，φC=6V，A、B、C三个点在同一平面上，图中电场强度的方向表示正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：据题，A、B、C三点的电势分别φA=10V，φB=2V，φC=6V，因为匀强电场中沿电场线方向相同距离电势差相等，则得AB两点连线的中点的电势为φ=φA+φB2=6V，因此该中点与C点的连线为等势面，那么与连线垂直的直线即为电场线，由于φA=10V，φB=2V，又因为电势沿着电场线降低，故D正确．故选：D在匀强电场中，电场强度处处相同，电场线是平行且等间距．电势沿着电场线降低，且电势差与场强的关系为：U=E d，可确定出a、b两点连线的中点的电势，与c点的电势相等，即可得到一条等势线，再根据相关知识分析．本题的解题关键是确定等势点，再抓住电场线与等势面垂直，且指向电势降低最快的方向进行分析．12.一个带正电的质点，电量q=2.0×10-9C，在静电场中由A点移到B点．在这个过程中，除电场力外，其他力做的功为6.0×10-5J，质点的动能增加了8.0×10-5J，则a、b 两点间的电势差U ab为（）A.3×104VB.1×104VC.4×104VD.7×104V 【答案】 B【解析】解：根据动能定理得 q U ab +W 其他=△E k 看到U ab =△E k −W 其他q=8×10−5−6×10−52×10−9V =1×104V故选B质点在静电场中由A 点移到B 点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加．电场力做功为W ab =q U ab ，根据动能定理求解a 、b 两点间的电势差U ab ． 对于研究质点动能变化的问题，要首先考虑能否运用动能定理．基础题，比较容易．四、多选题(本大题共2小题，共12.0分)13.平行板电容器始终和电池连接，下列几个过程说法正确的是（ ） A.两极板距离增加，两板电势差不变，电量减少 B.两极板距离减小，场强增大，电势差不变 C.两极板距离增加，两极电势差不变，电量增加 D.两极板距离减小，场强变小，电势差不变 【答案】 AB【解析】解：A 、当两极板间的距离增加时，根据电容的决定式C=ɛS4πkd ，分析得知，电容C 变小．由题可知，电容器的电压不变，C 变大，由C=QU 得到，电容器极板的带电荷量Q 变小．故A 正确，C 错误；B 、两极间距离减小，则由U 不变，d 减小，由E=E d 分析得知板间场强E 增大．故B 正确，D 错误， 故选：AB ．根据电容的决定式C=ɛS4πkd ，分析两极板间的距离减增加时电容的变化．电容器始终接在电源上，电容器的电压不变，由电容的定义式C=QU 分析电容器极板的带电荷量Q 变化．由E=Ud 分析板间场强的变化．本题涉及电容的只有两个公式：电容的决定式C=ɛS4πkd 和电容的定义式C=QU ，常常由这两个公式结合分析电容器的动态变化问题．14.关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（ ） A.在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大 B.正电荷沿电场线移动，电势能一定增大 C.负电荷沿电场线移动，电势能一定增大 D.正电荷沿电场线移动，电势能一定减小 【答案】CD【解析】解：A、在电场强度越大的地方，同一电荷受到的电场力越大，但电势能不一定大，电势能与电场强度没有直接关系．故A错误；BD、正电荷沿电场线移动，电场力做正功，电势能一定减小，故B错误，D正确；C、负电荷沿电场线移动，电场力做负功，电势能一定增大，故C正确；故选：CD根据电场力做功与电势能变化的关系进行判断：电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．解决本题的关键掌握电场力做功与电势能的关系，知道电场力做功等于电势能的变化量．五、单选题(本大题共1小题，共6.0分)15.如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离．用Φa、Φb、Φc和E a、E b、E c分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以断定（）A.Φa＞Φb＞ΦcB.E a＞E b＞E cC.Φc-Φb=Φb-ΦcD.E a=E b=E c【答案】A【解析】解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知φa＞φb＞φc，故A正确．BD、a、b、c是一条电场线上的三个点，由于电场线的疏密不能确定，所以不能判断场强的大小．故B、D错误．C、因为U cb=Φc-Φb，U bc=Φb-Φc，而U cb=-U bc，故C错误；故选：A．本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小．根据匀强电场中场强与电势差的关系U=E d，定性分析电势差的关系．本题考查了电场线和电势、电场强度以及电势差之间的关系，尤其注意U cb=-U bc，明确电势差的顺序．六、计算题(本大题共3小题，共34.0分)16.一直流电动机线圈内阻一定，用手握住转轴使其不能转动，在线圈两端加电压为0.3V，电流为0.3A．松开转轴，在线圈两端加电压为2V时，电流为0.8A，电动机正常工作．求电动机正常工作时，输入的电功率是多少？电动机的机械功率是多少？【答案】解：电动机不转动时，其消耗的电功全部转化为内能，故可视为纯电阻电路，由欧姆定律得电动机线圈内阻：r=UI =0.30.3=1Ω；电动机转动时，消耗的电能转化为内能和机械能，其输入的电功率为：P入=I2U2=0.8×2W=1.6W；电动机的机械功率：P机=P入-I2r=1.6W-0.82×1W=0.96W．答：该电动机正常工作时，输入的电功率是1.6W；电动机的机械功率是0.96W．【解析】电动机不转时是纯电阻电路，由欧姆定律求出电动机的电阻，由P=I2R求出电动机正常工作时电动机线圈消耗的热功率，电动机的输入功率与热功率之差是电动机的输出功率．知道电动机不转时是纯电阻电路，由欧姆定律求出电动机电阻是本题的难点；知道电动机的输入功率与热功率之差是电动机的输出功率是正确解题的关键．17.将电量为-4×10-6C的电荷沿用一条电场线由A点移到B点克服电场力做功2.4×10-5J，再由B点移到C点电场力做功1.2×10-5J，求：（1）电荷从A到B电势能变化了多少？U AB=？（2）电荷从B到C电势能变化了多少？U BC=？（3）若电荷从A到C电势能变化了多少？U AC=？（4）若ϕB=0，则ϕA=？ϕC=？【答案】解：（1）电荷沿着一条电场线由A点移到B点克服电场力做功2.4×10-5J，则电势能增加2.4×10-5J．A、B之间的电势差为：U AB=W ABq =−2.4×10−5−4×10−6V=6V（2）电荷从B到C电场力做1.2×10-5J的正功，电势能减小了1.2×10-5J．BC之间的电势差为：U BC=W BCq =1.2×10−5−4×10−6V=-3V（3）把电荷由A点移到C点电场力做功为：W AC=W AB+W BC=-2.4×10-5+1.2×10-5=-1.2×10-5J电荷从A到C电势能增加了1.2×10-5JA、C之间的电势差为：U AC=W ACq =−1.2×10−5−4×10−6V=3V（4）由U AB=φA-φB：得：φA=φB+U AB=0+6V=6V由U AC=φA-φC得：φC=φA-U AC=6V-3V=3V答：（1）电荷从A到B电势能增加了2.4×10-5J；U AB=6V；（2）电荷从B到C电势能减少了1.2×10-5J；U BC=-3V；（3）若电荷从A到C电势能增加了1.2×10-5J；U AC=3V．（4）若ϕB=0，则ϕA=6V，ϕC=3V．【解析】根据电场力做功与电势能之间的关系，可以判断电势能的变化；由电场力做功的公式W=q U，可以求得电势差．再根据电势差等于电势之差求电势．电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样．电势差可正可负，所以U=Wq 公式中做功要注意正与负，电荷量也要代入电性．18.有一电子经电压U 1加速后，进入两块间距为d ，电压为U 2的平行金属板间，若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿出电场，设电子的电量为e ．求：（1）金属板AB 的长度．（2）电子穿出电场时的动能．【答案】 解：（1）在加速电场中，根据动能定理，有eU 1 =12mv 02 解得：v 0 =√2eU 1 m在偏转电场中做类平抛运动，竖直方向：y =12at 2=d2 根据牛顿第二定律：a =qE m=qU 2 md=eU 2 md得t =√md 2eU 2AB 板长度：s AB =v 0 t =√md 2eU 2 ×√2eU 1 m=d √2U 1 U 2（2）根据动能定理，有：qE ⋅d2=E k2 −E k1 E k2=qE ×d2+E k1 =eU 2 d×d2+eU 1 =eU 2 2+eU 1=e(U 2 2+U 1 )答：（1）金属板AB 的长度d √2U 1 U 2 ．（2）电子穿出电场时的动能e(U 2 2+U 1) 【解析】（1）电子先在加速电场中加速，再进入偏转电场中偏转，由于电子正好能穿过电场，所以在偏转电场中的偏转的距离就是12d ，由此可以求得极板的长度；（2）电子在运动的整个过程中，只有电场力做功，根据动能定理即可求得电子的动能的大小．电子先在加速电场中做匀加速直线运动，后在偏转电场中做类平抛运动，根据电子的运动的规律逐个分析即可．。
福建省莆田第二十五中学2019-2020学年高二上学期第一次月考物理试题(解析版)
1. 在真空中某点固定一个带负电荷的金属小球
A，可视为点电荷，所带电量 Q ＝ 1.0 ×10－5 C，在离它 10 cm
处放置另一个带负电的检验电荷 B，以下描述正确的是
A. A 中所有电子所带电量之和大小 E＝ 9.0 ×106 N/C ，方向与电荷 B 所受电场力方向相同，背离 A
莆田第二十五中学 2019-2020 学年上学期高二第一次月考
高二物理试卷
第 I 卷（选择题 )
一、本题共 16 小题，每小题 4 分，共 64 分．在每小题给出的四个选项中， 1-12 小题只有一个
正确选项， 13-16 有几个正确选项，选对的得 4 分，漏选的得 2 分，选错或不答的得 0 分。
r
A ，故
C 、若规定无穷远处电势为零，负电荷周围电势为负，则
B 所在的位置电势为负值，故选项 C 正确；
D 、将 B 向 A 靠近，则其电势降低，由于 B 带负电，根据 EP q 可知电势能增大，故选项 D 错误；
故选选项 C。
2. 如右图所示，两个带电金属小球中心距离为
r ，所带电荷量相等为 Q，则关于它们之间电荷的相互作用
C. 若规定无穷远处电势为零，则 B 所在的位置电势为负值
D. 将 B 向 A 靠近，则其电势降低，电势能减小
【答案】 C
【解析】
【详解】 A 、所带电量 Q 1.0 10－5 C 是指净电荷，故选项 A 错误；
B 、 B 所在的位置电场强度大小 选项 B 错误；
E
kQ
2
9 106 N / C ，方向与电荷 B 所受电场力方向相反，指向
r 还大，因此库仑力 F＜ k Q 2 ，故 A 正确， C 错误；当 r2
r 还小，因此库仑力 F＞ k Q 2 ，故 B 正确， D 错误；故 r2
2017-2018学年福建省莆田市第二十五中学高二上学期期中考试物理试题 解析版
莆田第二十五中学2017-2018学年上学期期中质量检测试卷高二物理一、单项选择题1. 关于物体带的电荷量，以下说法中不正确的是（）A. 物体所带的电荷量可以为任意实数B. 物体所带的电荷量只能是某些特定值C. 物体带电荷＋1.60×10-9C，这是因为该物体失去了1.0×1010个电子D. 物体带电荷量的最小值为1.6×10-19C【答案】A【解析】试题分析：所有带电电荷量均是元电荷的整数倍，而不是任意的，所以A错误；所有带电电荷量均是元电荷的整数倍，只能是一些特定值，所以B正确；物体带电是指有多余电荷，如物体带正电，则是指物体失去相等的负电荷，从而带正电荷的，故C正确；物体带电量的最小值为元电荷，即为1.6×10﹣19C，故D正确；故选：A考点：本题考查了元电荷、点电荷2. 把两个完全相同的小球接触后分开，两球相互排斥，则两球原来带电情况不可能（）A.其中一个带电，一个不带电B. 两个小球原来带等量异种电荷C. 两个小球原来带同种电荷D. 两个小球原来带不等量异种电荷【答案】B【解析】若一个带电，一个不带电，接触后，两者的电性都与原来带电小球的电性相同，出现排斥，符合题意，A可能；若原来带等量异种电荷，则接触后发生电中性，两球都不带电，不会出现排斥现象，B不可能；两个小球原来分别带同种电荷，把两个完全相同的小球接触后电荷重新平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，C可能；两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，D可能．3. 由电场强度的定义式E= F/q可知（）A. E和F成正比，F越大E越大B. E和q成反比，q越大E越小C. E的方向与F的方向相同D. E的大小可由F/q确定【答案】D【解析】由电场强度的定义可知，场强时由电场本身的性质决定，所以E跟F及q均无关，故AB错误；E的方向与正电荷所受电场力方向相同，E的方向与负电荷所受电场力方向相反，故C错误；电场强度的大小是由确定的，故D正确。
2024届福建省莆田市第二十五中学高二物理第一学期期中复习检测模拟试题含解析
2024届福建省莆田市第二十五中学高二物理第一学期期中复习检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负的试探电荷在这个电场中仅在电场力作用下运动的轨迹．若电荷是从a处运动到b处，以下判断不正确的是（）A．电荷从a到b加速度减小B．电荷从a到b动能减小C．电荷从a到b电势能减小D．电荷从a到b电势能增加2、如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点，由O点静止释放的电子恰好能运动到P点，现将C板向右平移到P′点，则由O点静止释放的电子A．运动到P点返回B．运动到P和P′点之间返回C．运动到P′点返回D．穿过P′点3、某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A．c点的电势高于d点的电势B．若将一试探电荷＋q由α点释放，它将沿电场线运动到b点C．b点的电场强度可能小于d点的电场强度D．α点和b点的电场强度的方向相同4、关于磁场对通电直导线作用力的大小，下列说法中正确的是A．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，但不为零B．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C．作用力的大小跟导线与磁场方向的夹角大小无关D．通电直导线跟磁场方向不垂直时肯定无作用力5、如图所示，已知R1=50Ω，右方虚线框内为黑盒，黑盒内电阻未知，今用电压表测得U AC=10V，U BC=40V，则A、B的总电阻为（）A．75ΩB．150ΩC．200ΩD．250Ω6、如图所示，L1、L2、L3为等势面，两相邻等势面间电势差相同，取L2的电势为零，有一负电荷在L1处动能为30J，运动到L3处动能为10J，则电荷的电势能为4J时，它的动能是(不计重力和空气阻力)： ( )A．6J B．4J C．16J D．14J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
莆田市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
莆田市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，带电小球a 由绝缘细线PM 和PN 悬挂而处于静止状态，其中PM 水平，地面上固定一绝缘且内壁光滑的圆弧细管道GH ，圆心P 与a 球位置重合，管道底端H 与水平地面相切，一质量为m 可视为质点的带电小球b 从G 端口由静止释放，当小球b 运动到H 端时对管道壁恰好无弹力，重力加速度为g 。
在小球b 由G 滑到H 过程中，下列说法中正确的是（ ）A ．小球b 机械能保持不变B ．小球b 所受库仑力大小始终为2mgC ．细线PM 的拉力先增大后减小D ．小球b 加速度大小一直变大 【答案】ACD 【解析】 【详解】A ．小球b 所受库仑力和管道的弹力始终与速度垂直，即只有重力做功，所以小球b 机械能守恒，故A 正确；B ．小球b 机械能守恒，从G 滑到H 过程中，有：212mgR mv =H 处有：2-库m F mg =Rv则有：F 库=3mg故B 错误；C ．设PN 与竖直方向成α角，对球a 受力分析，将其分解： 竖直方向上有：F PN cos α=mg +F 库sin θ水平方向上有：F 库cos θ+F PN sin α=F PM 。
解得：(3)PM mgcos F mgtan cos θααα-=+下滑时θ从0增大90°，细线PM 的拉力先增大后减小，故C 正确；D ．设b 与a 的连线与水平方向成θ角，则有：任意位置加速度为向心加速度和切向加速度合成，即为：()2222212()5322v cos a a a gcos g R θθ-=+=+=可知小球的加速度一直变大，故D 正确。
故选ACD 。
2．在电场强度为E 的匀强电场中固定放置两个小球1和2，它们的质量相等，电荷量分别为1q 和2q （12q q ≠）．球1和球2的连线平行于电场线，如图所示．现同时放开球1和球2，于是它们开始在电场力的作用下运动．如果球1和球2之间的距离可以取任意有限值，则两球刚被放开时，它们的加速度可能是（ ）．A ．大小不等，方向相同B ．大小不等，方向相反C ．大小相等，方向相同D ．大小相等，方向相反【答案】ABC 【解析】 【详解】AC ．当两球的电性相同时，假定都带正电，则两球的加速度分别为：12121kq q Eq l a m +=12222kq q Eq l a m-=由于l 可任意取值，故当12kq E l>时，加速度1a 、2a 方向都是向右，且1a 、2a 的大小可相等，也可不相等，故AC 正确；B ．再分析1a 和2a 的表达式可知，当12kqE l<时，1a 和2a 方向相反，大小则一定不相等，故B 正确；D ．将小球1和小球2视作为一个整体，由于12q q ≠，可判断它们在匀强电场中受到的电场力必然是不为零的。
福建省莆田第二十五中学20222022学年高二物理上学期月考一试题(答案不全)
福建省莆田第二十五中学20222022学年高二物理上学期月考一试题（答案不全）一单项选择题题（24分）1．下列说法正确的是A．电荷受到的电场力的方向总跟电场方向相同B．沿电场线所指的方向，电场强度越来越小C．电场强度的方向总是跟正电荷受到的电场力方向一致D．在以点电荷为中心的同一球面上，处处的电场强度都相同2．如图所示，和是电场中某一条电场线上的两点，箭头代表电场方向．现将一正电荷由点移到点．下列说法中正确的是（）A．电场力做负功 B．正电荷的电势能增大C．点的场强等于点的场强 D．点的电势高于点的电势3．如图所示，PQ是两个电量相等的正电荷，它们的连线的中点是O，AB是中垂线上的两点，OA＜OB，用E A E BφAφB分别表示AB两点的场强与电势，则A．E A不一定大于E BB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A一定大于E B4．某电场线分布如图所示，一带电粒子沿图中虚线所示途径运动，先后通过M点和N点，以下说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在MN点的加速度a M＞a NC．粒子在MN点的速度v M＞v ND．MN点的场强E M＞E N5．如图1，AB是一条电场线上的两点，将一个带正电的粒子从A点处由静止释放，仅在电场力作用下从A运动到B的过程中，它运动的vt图象如图2所示，则以下判断正确的是（）A．该电场可能是匀强电场B．从A运动到B，粒子的电势能逐渐增大C．粒子在A点受到的电场力小于在B点受到的电场D．从A运动到B，电场力对粒子做负功6．如图所示,长为L,倾斜为θ的光滑绝缘斜面处于电场中．一带电量为+q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则:( )A．小球在B 点的电势能一定大于小球在A点的电势能B．若电场是匀强电场，则该电场的场强的最小值一定是sin mgqθC．AB两点的电势差一定为mgL qD．小球由A点运动到B点一定是匀速运动7．如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，ab两点的电势分别为aϕ=20 V，bϕ=50 V，则ab连线的中点c的电势cϕ应为（）A ． 35V C ϕ=B ． 35VC ϕ<C ．35V C ϕ>D ．无法判断c ϕ的高低8．空间某处为一匀强电场和一场源正电荷Q 的复合场，在Q 点为圆心的一圆周上，有abcd 四点，其中ac 在同一竖直直径上，bd 在同一水平直径上，下列对这个复合电场的研究中正确的是（ ）A ．a 点的场强与c 点的相同B ．负电荷在a 点的电势能等于在c 点的电势能C ．将一负电荷从a 点沿圆弧经b 点移到c 点，电场力先做正功后做负功D ．b 点的电势可能比d 点高二多项选择题（16分）9．如图所示，实线为方向未知的三条电场线.两个带电粒子以相同的速度从M 点飞入电场，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内（粒子在图示区域内）（ ）A ．一定带异号电荷B ．受的电场力较大，受的电场力较小C ．两个粒子的电势能均减小D ．的速度将减小，的速度将增大10．如图所示，一带电粒子在电场中沿曲线AB 运动，从B 点穿出电场，abcd 为该电场中的等势面，这些等势面都是互相平行的竖直平面，不计粒子所受重力，则 （ ）A ．该粒子一定带负电B ．此电场一定是匀强电场C ．粒子在电场中运动过程动能不断减少D ．该电场的电场线方向一定水平向左11．两个完全相同的金属小球（可视为点电荷），带电量分别为+ Q 和+5Q ，相距为 r ，则下列说法中正确的是（ ）A ．在它们连线的中点上，电场强度的大小为2Q E k r= B ．在它们连线的中点上，电场强度的大小为216Q E kr = C ．若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的1.8倍D ．若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的0.8倍12．如图所示，两平行金属板水平放置，板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，一不计重力电荷量为q 的带电粒子以初速度0v 沿两板的中线射入，恰好沿下板的边缘飞出，粒子通过平行金属板的时间为t ，则（ ）A ．在2t 时间内，电场力对粒子做的功为18Uq B ．在2t 时间内，电场力对粒子做的功为14UqC ．在粒子下落的前4d 和后4d 过程中，电场力做功之比为1:1 D ．在粒子下落的前4d 和后4d过程中，电场力做功之比为1:2三、填空题（14分）13．某电场的电场线如图所示，电场中ab 两点的电场强度大小E a ________(选填“>”“<”或“＝”)E b ，一带电粒子分别放在ab 两点，则受到的电场力大小F a ________(选填“>”“<”或“＝”)F b .14．如图的示，在匀强电场中取一点O ，过O 点作射线OA ＝OB ＝OC ＝OD ＝10cm ，已知OABCD 各点的电势分别为07V8V7V5V ，则匀强电场的场强大小接近于___________ V/m （从70 V/m80 V/m 中选择），方向最接近于沿___________方向．15．如图所示，直角三角形的斜边AC 倾角为30º，底边BC 水平且长度为2L ，斜边AC 光滑绝缘。
福建省莆田第二十五中学20222022学年高二物理上学期第一次月考试题
福建省莆田第二十五中学20222022学年高二物理上学期第一次月考试题第I 卷（选择题)一本题共16小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，112小题只有一个正确选项，1316有几个正确选项，选对的得4分，漏选的得2分，选错或不答的得0分。
1．在真空中某点固定一个带负电荷的金属小球A ，可视为点电荷，所带电量Q ＝1.0×105 C ，在离它10 cm 处放置另一个带负电的检验电荷B ，以下描述正确的是（ ）A ．A 中所有电子所带电量之和为1.0×105CB ．B 所在的位置电场强度大小E ＝9.0×106 N/C ，方向与电荷B 所受电场力方向相同，背离AC ．若规定无穷远处电势为零，则B 所在的位置电势为负值D ．将B 向A 靠近，则其电势降低，电势能减小2．如图，两个带电金属小球中心距离为r ，带电荷量相等为Q ，则它们之间电荷的相互作用力大小F 的说法正确的是（ ）A ．若是异种电荷F ＜kB ．若是同种电荷F ＞kC ．若是异种电荷F ＞kD ．不论是何种电荷F=k3．如图所示,把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中,导体处于静电平衡时,下列说法正确的是( )A ．当开关S 断开时,导体左端带正电，右端带负电B ．当开关S 闭合时,导体左端带负电，右端带正电C ．当开关S 断开时,AB 两点场强相等,且都为零D ．当开关S 闭合时,A 点电势高于B 点电势4．如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带电小球，以初速度υ从M 点竖直向上运动，通过N 点时，速度大小为2υ，方向与电场方向相反，则小球从M 运动到N 的过程（ ）A ．动能增加212m υB ．机械能增加22m υC ．重力势能增加232m υD ．电势能增加22m υ5．如图为某一电场的电场线，MNP 为电场线上的三个点，MN 是同一电场线上两点。
下列判断错误的是（ ）A ．只受电场力作用时，同一负电荷在N 点的加速度最大B ．MNP 三点中N 点的电势最高C ．正电荷从M 点自由释放，电荷不可能沿电场线运动到N 点D ．只受电场力作用时，同正电荷在M 点的电势能大于在N 点的电势能6．如图所示，在点电荷＋Q 的电场中，虚线为等势面，甲乙两粒子的运动轨迹分别为acbadb 曲线，两粒子在a 点时具有相同的动能，重力不计．则下列说法不正确的是( )A ．甲乙两粒子带异种电荷B ．两粒子经过b 点时具有相同的动能C ．甲粒子经过c 点时的动能等于乙粒子经过d 点时的动能D ．甲粒子经过c 点时的动能大于乙粒子经过d 点时的动能7．如图所示，虚线表示等势面，相邻等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球的重力和空气阻力，实线表示该带正电小球的运动轨迹，小球在a 点的动能等于20eV ，运动到b 点的动能等于2eV ．若取c 点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于6eV 时，它的动能等于（ ）A ．16 eVB ．4 eVC ．6 eVD ．14 eV8．如图所示，两个相同的空心金属球M 和N ，M 带Q 电荷，N 不带电(MN相距很远，互不影响)，旁边各放一个不带电的金属球P 和R ，当将带正电Q 的小球分别放入M 和N 的空腔中时( )A ．PR 上均出现感应电荷B ．P 上没有，而R 上有感应电荷C ．P 上有，而R 上没有感应电荷D ．PR 上均没有感应电荷9．如图所示，Q 为一带正电的点电荷，P 为原来不带电的枕形金属导体，ab 为导体内的两点．当导体P 处于静电平衡状态时（ ）A ．ab 两点的场强大小E a E b 的关系为E a ＞E bB ．ab 两点的场强大小E a E b 的关系为E a ＜E bC ．感应电荷在ab 两点产生的场强大小E a ′和E b ′的关系是E a ′＞E b ′D ．感应电荷在ab 两点产生的场强大小E a ′和E b ′的关系是E a ′=E b ′10．如图所示，在等边三角形ABC的三个顶点上固定三个点电荷，其中A点位置的点电荷带电量为+Q，BC两点位置的点电荷带电量均为Q，在BC边的中垂线上有PMN三点，且PA=AM=MN，关于三点的场强和电势（取无穷远处电势为零），下列说法不正确的是( )A．M点的场强大于P点的场强 B．MN之间某点的场强可能为零C．N点的场强方向沿中垂线向下 D．P点的电势高于M点的电势11．下列关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很大的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．一切带电体都能看成点电荷D．当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷12．用控制变量法，可以研究影响电荷间相互作用力的因素．如图所示，O是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1P2P3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小．这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ显示出来．若物体O的电荷量用Q表示，小球的电荷量用q表示，物体与小球间距离用d表示，物体和小球之间的作用力大小用F表示．则以下对该实验现象的判断正确的是（）A．保持Qq不变，增大d，则θ变大，说明F与d有关B．保持Qq不变，减小d，则θ变大，说明F与d成反比C．保持Qd不变，减小q，则θ变小，说明F与q成正比D．保持qd不变，减小Q，则θ变小，说明F与Q成正比13．A和B是两个原来不带电的物体，它们相互摩擦后，A带1.6×1010C的正电荷，则下列判断正确的是（）A．摩擦前，A和B的内部没有任何电荷B．摩擦过程中，电子从A转移到BC．摩擦后，B一定带1.6×1010C的负电荷D．摩擦过程中，A失去1.6×1010个电子14．真空中有两个相同的带电金属小球A和B，相距为r，带电量分别为q和2q，它们之间相互作用力的大小为F．有一个不带电的金属球C，大小跟AB相同，当C跟AB小球先后各接触一次后拿开，再将AB间距离变为2r，那么AB间的作用力的大小可为（）A．5F/64 B．0 C．3F/64 D．3F/1615．如图所示，两个带等量正电荷的小球AB(可视为点电荷)，被固定在光滑绝缘的水平面上。
莆田第二十五中学2020-2021学年高二上学期月考一 物理试题
莆田第二十五中学2020-2021学年高二上学期月考一物理试题一、单项选择题题（24分）1．下列说法正确的是A．电荷受到的电场力的方向总跟电场方向相同B．沿电场线所指的方向，电场强度越来越小C．电场强度的方向总是跟正电荷受到的电场力方向一致D．在以点电荷为中心的同一球面上，处处的电场强度都相同2．如图所示，P和Q是电场中某一条电场线上的两点，箭头代表电场方向．现将一正电荷由P点移到Q点．下列说法中正确的是（）A．电场力做负功B．正电荷的电势能增大C．P点的场强等于Q点的场强D．P点的电势高于Q点的电势3．如图所示，P、Q是两个电量相等的正电荷，它们的连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，OA＜OB，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强与电势，则A．E A不一定大于E BB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A一定大于E B4．某电场线分布如图所示，一带电粒子沿图中虚线所示途径运动，先后通过M点和N点，以下说法正确的是（）A．粒子带正电B ．粒子在M 、N 点的加速度a M ＞a NC ．粒子在M 、N 点的速度v M ＞v ND ．M 、N 点的场强E M ＞E N5．如图1，A 、B 是一条电场线上的两点，将一个带正电的粒子从A 点处由静止释放，仅在电场力作用下从A 运动到B 的过程中，它运动的v ﹣t 图象如图2所示，则以下判断正确的是（ ）A ．该电场可能是匀强电场B ．从A 运动到B ，粒子的电势能逐渐增大C ．粒子在A 点受到的电场力小于在B 点受到的电场D ．从A 运动到B ，电场力对粒子做负功6．如图所示,长为L ,倾斜为θ的光滑绝缘斜面处于电场中．一带电量为+q ，质量为m 的小球，以初速度v 0 由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v 0，则:( ) A ．小球在B 点的电势能一定大于小球在A 点的电势能B ．若电场是匀强电场，则该电场的场强的最小值一定是 sin mg qθ C ．A、B 两点的电势差一定为 mgL qD ．小球由A 点运动到B 点一定是匀速运动7．如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a 、b 两点的电势分别为a ϕ=20 V ，b ϕ=50 V ，则a 、b 连线的中点c 的电势c ϕ应为（ ）A ． 35V C ϕ=B ． 35VC ϕ<C ．35V C ϕ>D ．无法判断c ϕ的高低8．空间某处为一匀强电场和一场源正电荷Q 的复合场，在Q 点为圆心的一圆周上，有a 、b 、c 、d 四点，其中a 、c 在同一竖直直径上，b 、d 在同一水平直径上，下列对这个复合电场的研究中正确的是（ ）A ．a 点的场强与c 点的相同B ．负电荷在a 点的电势能等于在c 点的电势能C ．将一负电荷从a 点沿圆弧经b 点移到c 点，电场力先做正功后做负功D ．b 点的电势可能比d 点高二、多项选择题（16分）9．如图所示，实线为方向未知的三条电场线.、两个带电粒子以相同的速度从M 点飞入电场，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内（粒子在图示区域内）（ ）A ．、一定带异号电荷B ．受的电场力较大，受的电场力较小C ．两个粒子的电势能均减小D ．的速度将减小，的速度将增大10．如图所示，一带电粒子在电场中沿曲线AB 运动，从B 点穿出电场，a 、b 、c 、d 为该电场中的等势面，这些等势面都是互相平行的竖直平面，不计粒子所受重力，则 （ ）A ．该粒子一定带负电B ．此电场一定是匀强电场C ．粒子在电场中运动过程动能不断减少D ．该电场的电场线方向一定水平向左11．两个完全相同的金属小球（可视为点电荷），带电量分别为+ Q 和+5Q ，相距为 r ，则下列说法中正确的是（ ）A ．在它们连线的中点上，电场强度的大小为2Q E k r= B ．在它们连线的中点上，电场强度的大小为216Q E kr = C ．若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的1.8倍D ．若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的0.8倍12．如图所示，两平行金属板水平放置，板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，一不计重力、电荷量为q 的带电粒子以初速度0v 沿两板的中线射入，恰好沿下板的边缘飞出，粒子通过平行金属板的时间为t ，则（ ，A ．在2t 时间内，电场力对粒子做的功为18Uq B ．在2t 时间内，电场力对粒子做的功为14Uq C ．在粒子下落的前4d 和后4d 过程中，电场力做功之比为1:1 D ．在粒子下落的前4d 和后4d过程中，电场力做功之比为1:2三、填空题（14分）13．某电场的电场线如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小E a________(选填“>”“<”或“，”)E b，一带电粒子分别放在a，b两点，则受到的电场力大小F a________(选填“>”“<”或“，”)F b.14．如图的示，在匀强电场中取一点O，过O点作射线OA＝OB＝OC＝OD＝10cm，已知O、A、B、C、D各点的电势分别为0、7V、8V、7V、5V，则匀强电场的场强大小接近于___________ V/m （从70 V/m、80 V/m中选择），方向最接近于沿___________方向．15．如图所示，直角三角形的斜边AC倾角为30º，底边BC水平且长度为2L，斜边AC光滑绝缘。
莆田市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
莆田市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图，真空中x 轴上关于O 点对称的M 、N 两点分别固定两异种点电荷，其电荷量分别为1Q +、2Q -，且12Q Q >。
取无穷远处电势为零，则（ ）A ．只有MN 区间的电场方向向右B ．在N 点右侧附近存在电场强度为零的点C ．在ON 之间存在电势为零的点D ．MO 之间的电势差小于ON 之间的电势差 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】AB ．1Q +在N 点右侧产生的场强水平向右，2Q -在N 点右侧产生的场强水平向左，又因为12Q Q >，根据2QE kr=在N 点右侧附近存在电场强度为零的点，该点左右两侧场强方向相反，所以不仅只有MN 区间的电场方向向右，选项A 错误，B 正确；C ．1Q +、2Q -为两异种点电荷，在ON 之间存在电势为零的点，选项C 正确；D ．因为12Q Q >，MO 之间的电场强度大，所以MO 之间的电势差大于ON 之间的电势差，选项D 错误。
故选BC 。
2．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kqRB ．c 23kqC ．a 、b 在O 点产生的场强为2R，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离r =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为223c F R== 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
福建省莆田市第二十五中学学年高二上学期期末考试物理
莆田第二十五中学2015-2016学年上学期期末考试卷高二物理一、单项选择题（4*12=48分）1．关于电流，下列说法中正确的是( ) A ．电流是电荷运动形成的 B ．电荷运动的方向就是电流的方向C ．同一段电路中，相同时间内通过各不同截面处的电量一定相等D ．电流有一定的方向，是矢量2．关于公式R ＝U I 和公式R ＝ρlS ，下列说法正确的是( )A ．两公式对一切情况都适用B ．R ＝U I 仅适用于金属导体，R ＝ρlS 适用于任何导体C ．导体的电阻R 与U 成正比，与I 成反比D ．导体的电阻在温度一定时与导体长度成正比，与导体的横截面积成反比 3．下列说法正确的是( )A ．家庭生活中，常说的“1度”电，指的是电功率的单位B ．功率是1千瓦的空调正常工作一个小时所消耗的电功是1度C ．1度等于1 000焦耳D ．1度等于3.6×106瓦4.在一示波管中，3s 内有3×1012个电子通过某一横截面的电子枪，则示波管中电流大小为()A .1.6×10-7A B .3×10-13A C .9.6×10-6A D .无法确定5.有一只灯泡的灯丝断了，通过转动灯泡灯丝接通，再接入电源后，所发生的现象及其原因是()A .灯丝电阻变小，通过它的电流变大，根据P =I 2R ，电灯变亮B .灯丝电阻变大，通过它的电流变小，根据P =I 2R ，电灯变暗C .灯丝电阻变小，它两端的电压不变，根据，电灯变亮D .灯丝电阻变大，它两端的电压不变，根据，电灯变暗6.如图电路中，当合上开关S 后，两个标有“3V 、1W ”的灯泡均不发光，用电压表测得U ac =U bd =6V ，如果各段导线及接线处均无问题，这说明（ ） A ．开关S 未接通 B ．灯泡L1的灯丝断了 C ．灯泡L 2的灯丝断了 D ．滑动变阻器R 电阻丝断了7.电动势为3V的电池，在电路中输出3A的电流，由此可知（）A. 内外电阻相差1ΩB. 内外电阻之和为1+ΩC. 外电阻为1ΩD. 内电阻为1Ω8. 在如图所示的逻辑电路中，当A端输入电信号“1”、B端输入电信号“0”时，则在C和D端输出的电信号分别为A.1和0B.0和1C.1和1D.0和09．下列关于磁场的说法中，正确的是( )A．磁场和电场一样，是客观存在的、性质相同的一种特殊物质B．磁场是为了解释磁极间的相互作用而人为规定的C．磁极与电流之间不能发生相互作用D．磁极之间、磁极和电流之间、电流和电流之间都能通过磁场发生相互作用10．如图所示，甲、乙是两个靠得较近的螺线管，当S1、S2同时闭合时，两螺线管的相互作用情况是()A．无相互作用力 B．互相吸引C．互相排斥D．无法确定11．如图所示，两根长直漆包线交叉放置并分别通以如图所示的电流I,那么两电流的磁场在导线平面内方向一致的是（）A、区域1、2B、区域3、4C、区域1、3D、区域2、412．下列有关磁通量的论述中正确的是( )A．磁感强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大B．磁感强度越大的地方，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量越大C．穿过线圈的磁通量为零的地方，磁感强度一定为零D．匀强磁场中，穿过线圈的磁感线越多，则磁通量越大二、不定项选择题（3*4=12分）13.下列关于多用电表电阻挡的说法中，正确的是( )A．表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越疏B．红表笔是与表内的电源的正极相连的C．测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻D．为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近14.关于电动势下列说法正确的是( )A.电源电动势等于电源正负极之间的电势差B.用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，实际上总略小于电源电动势的准确值C.电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D.电源电动势总等于电路中通过1 C的正电荷时，电源提供的能量15．在如图所示的四幅图中，错误的标明带电粒子所受洛伦兹力f方向的是（）B C D三、填空题5*4=20分16．用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×10”位置的多用电表测某电阻阻值，根据下图所示的表盘，被测电阻阻值为_________Ω。
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福建省莆田市第二十五中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．如图所示，带电量为Q 的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C 点，斜面上有A 、B 、D 三点，A 和C 相距为L ，B 为AC 中点，D 为A 、B 的中点。
现将一带电小球从A 点由静止释放，当带电小球运动到B 点时速度恰好为零。
已知重力加速度为g ，带电小球在A 点处的加速度大小为4g，静电力常量为k 。
则（ ）A ．小球从A 到B 的过程中，速度最大的位置在D 点 B ．小球运动到B 点时的加速度大小为2g C ．BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA D ．AB 之间的电势差U AB =kQ L【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】A ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 当小球速度最大时，加速度为零，有'2sin 0Qqmg θkL -= 联立上式解得'2L L =所以速度最大的位置不在中点D 位置，A 错误； B ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 带电小球在B 点时，有2sin 2BQq k mg θma L -=（） 联立上式解得2B g a =B 正确；C ．根据正电荷的电场分布可知，B 点更靠近点电荷，所以BD 段的平均场强大小大于AD 段的平均场强，根据U Ed =可知，BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA ，C 正确；D ．由A 点到B 点，根据动能定理得sin 02AB Lmg θqU ⋅+= 由2sin A Qqmg kma L θ-=可得 214Qq mg k L= 联立上式解得AB kQU L=-D 错误。
故选BC 。
3．电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A 、B ，AB 连线中点为O.在A 、B 所形成的电场中，以O 点为圆心半径为R 的圆面垂直AB 连线，以O 为几何中心的边长为2R 的正方形平面垂直圆面且与AB 连线共面，两个平面边线交点分别为e 、f ，则下列说法正确的是( )A．在a、b、c、d、e、f六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B．将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力始终不做功C．将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D．沿线段eOf移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大【答案】BC【解析】图中圆面是一个等势面，e、f的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e、f的场强相同，故A错误．图中圆弧egf是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU可知：将一正电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力不做功，故B正确．a点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU可知：将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C正确．沿线段eof移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D错误．故选BC．【点睛】等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．4．如图所示，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将带电小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A的正上方C处，图中AC=h。
当B静止在与竖直方向夹角θ=30°方向时，A对B的静电力为B 所受重力的0.5倍，则下列说法中正确的是（两球均可看作点电荷）（）A．此时丝线长度为2 2LB．以后由于A漏电，B在竖直平面内缓慢运动，到θ=0°处A的电荷尚未漏完，在整个漏电过程中，丝线上拉力大小保持不变C．若保持悬点C位置不变，缓慢缩短丝线BC的长度，B球运动轨迹在最初阶段为圆弧D．若A对B的静电力为B所受重力的33倍，要使B球依然在θ=30°处静止，则丝线BC的长度应调整为3h或23h【答案】BCD【解析】【分析】【详解】A．当A对B的静场力为B所受重力的0.5倍，B静止时丝线BC与竖直方向夹角θ=30°，处于平衡，根据几何关系可知此时AB与BC互相垂直，此时丝线长度为3h，选项A错误；B．而由三角形相似可知G F Th AB BC==则在整个漏电过程中，丝线上拉力T大小保持不变，选项B正确；Ｃ．以C点为原点，以CA方向为y轴，垂直CA方向向右为x轴建立坐标系，设B点坐标为（x，y），则由几何关系cos sinx hθθ=⋅tanxy θ=消掉θ角且整理可得2222(cos)x y h BC+==θ缓慢缩短丝线BC的长度，最初阶段BC的长度变化较小，B球运动轨迹在最初阶段为圆弧，选项C正确；D．若A对B的静电力为B所受重力的33倍，则B静止在与竖直方向夹角仍为θ=30°时，对B受力分析，G、F与T，将F与T合成，则有G FAC AB=解得3F AB h h G == 根据余弦定理可得22232cos303h h BC BC h =+-⨯⨯︒（） 解得BC =33h 或233h 选项D 正确。
故选BCD 。
5．如图所示，两个带电小球A 、B 分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内，用水平向左的推力F 作用于B 球，两球在图示位置静止，现将B 球沿斜面向下移动一小段距离，发现A 球随之向上移动少许，两球在新位置重新平衡，重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是（ ）A ．推力F 变小B ．斜面对B 的弹力不变C ．墙面对A 的弹力不变D ．两球之间的距离减小【答案】AB 【解析】 【详解】CD ．先对小球A 受力分析，受重力、支持力、静电力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：mgF cos =库α，N F mgtan =α由于α减小，可知墙面对A的弹力变小，库仑力减小，故两球间距增加，选项CD错误；AB．对AB整体受力分析，受重力、斜面支持力N、墙壁支持力F N、推力F，如图所示：根据共点力平衡条件，有NNsin F FNcos m M g+==+（）ββ解得()F mgtan m M gtanM m gNcos=-++=（）αββ由于α减小，β不变，所以推力F减小，斜面对B的弹力N不变，选项AB正确。
故选AB。
6．如图所示，带电小球a由绝缘细线PM和PN悬挂而处于静止状态，其中PM水平，地面上固定一绝缘且内壁光滑的圆弧细管道GH，圆心P与a球位置重合，管道底端H与水平地面相切，一质量为m可视为质点的带电小球b从G端口由静止释放，当小球b运动到H端时对管道壁恰好无弹力，重力加速度为g。
在小球b由G滑到H过程中，下列说法中正确的是（）A．小球b机械能保持不变B．小球b所受库仑力大小始终为2mgC．细线PM的拉力先增大后减小D．小球b加速度大小一直变大【答案】ACD【解析】【详解】A．小球b所受库仑力和管道的弹力始终与速度垂直，即只有重力做功，所以小球b机械能守恒，故A正确；B．小球b机械能守恒，从G滑到H过程中，有：212mgR mv =H 处有：2-库m F mg =Rv则有：F 库=3mg故B 错误；C ．设PN 与竖直方向成α角，对球a 受力分析，将其分解： 竖直方向上有：F PN cos α=mg +F 库sin θ水平方向上有：F 库cos θ+F PN sin α=F PM 。
解得：(3)PM mgcos F mgtan cos θααα-=+下滑时θ从0增大90°，细线PM 的拉力先增大后减小，故C 正确；D ．设b 与a 的连线与水平方向成θ角，则有：任意位置加速度为向心加速度和切向加速度合成，即为：()2222212()5322v cos a a a gcos g R θθ-=+=+=可知小球的加速度一直变大，故D 正确。
故选ACD 。
7．如图所示，轻质弹簧一端系在墙上，另一端系在三根长度相同的轻绳上，轻绳的下端各系质量与电荷量均相同的带正电小球，且三个小球均处于静止状态，已知重力加速度为g 。
四种情形下每个小球受到的电场力大小与轻绳长度、小球质量、小球电荷量的关系如表所示，以下说法正确的是（ ）情形 轻绳长度 小球质量 小球电荷量 小球受到的电场力大小1Lm①33mg 2 2L m ②33mgA 倍 B倍 C．④中电荷量为③中电荷量的2倍 D ．情形④下弹簧的伸长量最大 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】由于三个小球质量和电荷量均相等，由对称性可知，三个小球必构成等边三角形，且每个小球受到的电场力相等，设绳的拉力为T ，与竖直方向夹角为θ，两小球之间的距离为r、一个小球受到另外两个小球的电场力的合力为F ，对其中一个小球受力分析可得sin T mg θ=22cos kq T θF r==解得22tankq mgF r θ==由几何关系可知，tan θr ==整理得22kq F r == A ．对比①和②可知，并应用上式可得211213kq F r ===22222kqFr===解得12r L=2r=故电荷量之间的关系为112212q rq r==故A错误；B．由③可知，23323kqFr===解得32r L=故3222qq==故B错误；C．由④可知24424kqFr===解得432r L=故432qq==故C正确；D．以三个小球为整体可知，小球受到的弹力应该等于其重力，故小球质量越大，弹簧弹力越大，故情形③下弹簧的伸长量最大，故D错误；故选C。