工程力学第4版答案

第一章习题下列习题中，凡未标出自重的物体，质量不计。

接触处都不计摩擦。

1-1试分别画出下列各物体的受力图。

1-2试分别画出下列各物体系统中的每个物体的受力图。

1-3试分别画出整个系统以及杆BD，AD，AB（带滑轮C，重物E和一段绳索）的受力图。

1-4构架如图所示，试分别画出杆HED，杆BDC及杆AEC的受力图。

1-5构架如图所示，试分别画出杆BDH，杆AB，销钉A及整个系统的受力图。

1-6构架如图所示，试分别画出杆AEB，销钉A及整个系统的受力图。

1-7构架如图所示，试分别画出杆AEB，销钉C，销钉A及整个系统的受力图。

1-8结构如图所示，力P作用在销钉C上，试分别画出AC，BCE及DEH 部分的受力图。

参考答案1-1解：1-2解：1-3解：1-4解：1-5解：1-6解：1-7解：1-8解：第二章习题参考答案2-1解：由解析法，故：2-2解：即求此力系的合力，沿OB建立x坐标，由解析法，有故：方向沿OB。

2-3解：所有杆件均为二力杆件，受力沿直杆轴线。

（a）由平衡方程有：联立上二式，解得：（拉力）（压力）（b）由平衡方程有：联立上二式，解得：（拉力）（压力）（c）由平衡方程有：联立上二式，解得：(拉力)（压力）（d）由平衡方程有：联立上二式，解得：(拉力)(拉力)2-4解：（a）受力分析如图所示：由由(b)解：受力分析如图所示：由联立上二式，得：2-5解：几何法：系统受力如图所示三力汇交于点D，其封闭的力三角形如图示所以：（压力）（与X轴正向夹150度）2-6解：受力如图所示：已知，，由由2-7解：受力分析如图所示，取左半部分为研究对象由联立后，解得：由二力平衡定理2-8解：杆AB，AC均为二力杆，取A点平衡由联立上二式，解得：（受压）（受压）2-9解：各处全为柔索约束，故反力全为拉力，以D，B点分别列平衡方程（1）取D点，列平衡方程由（2）取B点列平衡方程由2-10解：取B为研究对象：由取C为研究对象：由由联立上二式，且有解得：取E为研究对象：由故有：2-11解：取A点平衡：联立后可得：取D点平衡，取如图坐标系：由对称性及2-12解：整体受力交于O点，列O点平衡由联立上二式得：（压力）列C点平衡联立上二式得：（拉力）（压力）2-13解：（1）取DEH部分，对H点列平衡联立方程后解得：（2）取ABCE部分，对C点列平衡且联立上面各式得：（3）取BCE部分。

根据平面汇交力系平衡的几何条件。

2-14解：（1）对A球列平衡方程（1）（2）（2）对B球列平衡方程（3）（4）且有：（5）把（5）代入（3），（4）由（1），（2）得：（6）又（3），（4）得：（7）由（7）得：（8）将（8）代入（6）后整理得：2-15解：，和P构成作用于AB的汇交力系，由几何关系：又整理上式后有：取正根第三章习题参考答案3-1解：3-2解：构成三个力偶因为是负号，故转向为顺时针。

3-3解：小台车受力如图，为一力偶系，故，由3-4解：锤头受力如图，锤头给两侧导轨的侧压力和构成一力偶，与，构成力偶平衡由3-5解：电极受力如图，等速直线上升时E处支反力为零即：且有：由3-6解：A，B处的约束反力构成一力偶由3-7解：，受力如图，由，分别有：杆：（1）杆：（2）且有：（3）将（3）代入（2）后由（1）（2）得：3-8解：杆ACE和BCD受力入图所示，且有：对ACE杆：对BCD杆：第四章习题4-1 已知F1=60N，F2=80N，F3=150N，m=，转向为逆时针，θ=30°图中距离单位为m。

试求图中力系向O点简化结果及最终结果。

4-2 已知物体所受力系如图所示，F=10Kn，m=，转向如图。

（a）若选择x轴上B点为简化中心，其主矩LB=，转向为顺时针，试求B点的位置及主矢R’。

（b）若选择CD线上E点为简化中心，其主矩LE=，转向为顺时针，α=45°，试求位于CD直线上的E点的位置及主矢R’。

4-3 试求下列各梁或刚架的支座反力。

解：（a）受力如图由∑MA =0 FRB•3a-Psin30°•2a-Q•a=0∴FRB=（P+Q）/3由∑x=0 FAx-Pcos30°=0∴FAx=P由∑Y=0 FAy +FRB-Q-Psin30°=0∴FAy=（4Q+P）/64-4 高炉上料的斜桥，其支承情况可简化为如图所示，设A和B为固定铰，D为中间铰，料车对斜桥的总压力为Q，斜桥（连同轨道）重为W，立柱BD质量不计，几何尺寸如图示，试求A和B的支座反力。

4-5 齿轮减速箱重W=500N，输入轴受一力偶作用，其力偶矩m1=，输出轴受另一力偶作用，其力偶矩m2=，转向如图所示。

试计算齿轮减速箱A和B两端螺栓和地面所受的力。

4-6 试求下列各梁的支座反力。

(a) (b)4-7 各刚架的载荷和尺寸如图所示，图c中m2＞m1，试求刚架的各支座反力。

4-8 图示热风炉高h=40m，重W=4000kN，所受风压力可以简化为梯形分布力，如图所示，q1=500kN/m，q2=m。

可将地基抽象化为固顶端约束，试求地基对热风炉的反力。

4-9 起重机简图如图所示，已知P、Q、a、b及c，求向心轴承A及向心推力轴承B的反力。

4-10 构架几何尺寸如图所示，R=0.2m，P=1kN。

E为中间铰，求向心轴承A的反力、向心推力轴承B的反力及销钉C对杆ECD的反力。

4-11 图示为连续铸锭装置中的钢坯矫直辊。

钢坯对矫直辊的作用力为一沿辊长分布的均布力q，已知q=1kN/mm，坯宽1.25m。

试求轴承A 和B的反力。

4-12 立式压缩机曲轴的曲柄EH转到垂直向上的位置时，连杆作用于曲柄上的力P最大。

现已知P=40kN，飞轮重W=4kN。

求这时轴承A和B的反力。

4-13 汽车式起重机中，车重W1=26kN，起重臂ＣＤＥ重Ｇ＝４.５kN，起重机旋转及固定部分重Ｗ2＝３１kN，作用线通过Ｂ点，几何尺寸如图所示。

这时起重臂在该起重机对称面内。

求最大起重量Ｐmax。

4-14 平炉的送料机由跑车A及走动的桥B所组成，跑车装有轮子，可沿桥移动。

跑车下部装有一倾覆操纵柱D，其上装有料桶C。

料箱中的载荷Q=15kN，力Q与跑车轴线OA的距离为5m，几何尺寸如图所示。

如欲保证跑车不致翻倒，试问小车连同操纵柱的重量W 最小应为多少？4-15 两根位于垂直平面内的均质杆的底端彼此相靠地搁在光滑地板上，其上端则靠在两垂直且光滑的墙上，质量分别为P1与P2。

求平衡时两杆的水平倾角α1与α2的关系。

4-16 均质细杆AB重P，两端与滑块相连，滑块Ａ和Ｂ可在光滑槽内滑动，两滑块又通过滑轮Ｃ用绳索相互连接，物体系处于平衡。

（ａ）用Ｐ和θ表示绳中张力Ｔ；（ｂ）当张力Ｔ＝２Ｐ时的θ值。

4-17 已知ａ，ｑ和ｍ，不计梁重。

试求图示各连续梁在Ａ、Ｂ和Ｃ处的约束反力。

4-18 各刚架的载荷和尺寸如图所示，不计刚架质量，试求刚架上各支座反力。

4-19 起重机在连续梁上，已知P=10kN，Q=50kN，不计梁质量，求支座A、B和D的反力。

4-20 箱式电炉炉体结构如图a所示。

D为炉壳，E为炉顶拱，H为绝热材料，I为边墙，J为搁架。

在实际炉子设计中，考虑到炉子在高温情况下拱顶常产生裂缝，可将炉拱简化成三铰拱，如图b所示。

已知拱顶是圆弧形，跨距l=1.15m，拱高h=0.173m，炉顶重G=2kN。

试求拱脚A 和B处反力。

4-21 图示厂房房架是由两个刚架AC和BC用铰链连接组成，Ａ与Ｂ两铰链固结于地基，吊车梁宰房架突出部分Ｄ和Ｅ上，已知刚架重Ｇ1＝Ｇ2＝60kN,吊车桥重Q=10kN，风力F=10kN，几何尺寸如图所示。

Ｄ和Ｅ两点分别在力Ｇ1和Ｇ2的作用线上。

求铰链Ａ、Ｂ和Ｃ的反力。

4-22 图示构架由滑轮D、杆AB和CBD构成，一钢丝绳绕过滑轮，绳的一端挂一重物，重量为G，另一端系在杆AB的E处，尺寸如图所示，试求铰链A、B、C和D处反力。

4-23 桥由两部分构成，重W1=W2=40kN，桥上有载荷P=20kN，尺寸如图所示，试求出铰链A、B和C的反力。

4-24 图示结构，在C、D、E、F、H处均为铰接。

已知P1=60kN，P2=40kN，P3=70kN,几何尺寸如图所示。

试求各杆所受的力。

4-25 构架的载荷和尺寸如图所示，已知P=24kN，求铰链Ａ和辊轴Ｂ的反力及销钉Ｂ对杆ＡＤＢ的反力。

４-26 构架的载荷和尺寸如图所示，已知P=40kN，R=0.3m，求铰链A和B的反力及销钉C对杆ADC的反力。

4-27 图示破碎机传动机构，活动夹板AB长为600mm，假设破碎时矿石对活动夹板作用力沿垂直于AB方向的分力P=1kN，BC=CD=600mm，AH=400mm，OE=100mm，图示位置时，机构平衡。

试求电机对杆OE作用的力偶的力偶矩m。

4-28 曲柄滑道机构如图所示，已知m=，OA=0.6m，BC=0.75m。

机构在图示位置处于平衡，α=30°，β=60°。

求平衡时的P值及铰链O和B反力。

4-29 插床机构如图所示，已知OA=310mm，O1B=AB=BC=665mm，CD=600mm，OO1=545mm，P=25kN。

在图示位置：OO1A在铅锤位置；O1C在水平位置，机构处于平衡，试求作用在曲柄OA上的主动力偶的力偶矩m。

4-30 在图示机构中，OB线水平，当B、D、F在同一铅垂线上时，DE 垂直于EF，曲柄ＯＡ正好在铅锤位置。

已知OA=100mm，BD=BC=DE=100mm，EF=100mm，不计杆重和摩擦，求图示位置平衡时m/P的值。

4-31 图示屋架为锯齿形桁架。

G1=G2=20kN，W1=W2=10kN，几何尺寸如图所示，试求各杆内力。

4-32 图示屋架桁架。

已知F1=F2=F4=F5=30kN，F3=40kN，几何尺寸如图所示，试求各杆内力。

4-33 桥式起重机机架的尺寸如图所示。

P1=100kN，P2=50kN。

试求各杆内力。

4-34图示屋架桁架，载荷G1=G2=G3=G4=G5=G，几何尺寸如图所示，试求：杆1、2、3、4、5和6 的内力。

参考答案4-1 解：∴α=196°42′（顺时针转向）故向O点简化的结果为：由于FR ′≠0，L≠0，故力系最终简化结果为一合力，大小和方向与主矢相同，合力FR的作用线距O点的距离为d。

F R =FR=d=L0/FR=5.37m4-2 解：（a）设B点坐标为（b，0）L B =∑MB（）=-m-Fb=∴b=（-m+10）/F=-1m ∴B点坐标为（-1，0）= ∴FR′=10kN，方向与y轴正向一致（b）设E点坐标为（e，e）L E =∑ME（）=-m-F•e=∴e=（-m+30）/F=1m ∴E点坐标为（1，1）FR′=10kN 方向与y轴正向一致4-3解：（a）受力如图由∑MA =0 FRB•3a-Psin30°•2a-Q•a=0∴FRB=（P+Q）/3由∑x=0 FAx-Pcos30°=0∴FAx=P由∑Y=0 FAy +FRB-Q-Psin30°=0∴FAy=（4Q+P）/6（b）受力如图由∑MA =0 FRB•cos30°-P•2a-Q•a=0∴FRB=（Q+2P）由∑x=0 FAx -FRB•sin30°=0∴FAx=（Q+2P）由∑Y=0 FAy +FRB•cos30°-Q-P=0∴FAy=（2Q+P）/3（c）解：受力如图：由∑MA =0 FRB•3a+m-P•a=0∴FRB=（P-m/a）/3由∑x=0 FAx=0由∑Y=0 FAy +FRB-P=0∴FAy=（2P+m/a）/3由∑MA =0 FRB•2a+m-P•3a=0∴FRB=（3P-m/a）/2由∑x=0 FAx=0由∑Y=0 FAy +FRB-P=0∴FAy=（-P+m/a）/2（e）解：受力如图：由∑MA =0 FRB•3-P••5=0∴FRB=P/2+5Q/3由∑x=0 FAx+Q=0∴FAx=-Q由∑Y=0 FAy +FRB-P=0∴FAy=P/2-5Q/3由∑MA =0 FRB•2+m-P•2=0∴FRB=P-m/2由∑x=0 FAx+P=0∴FAx=-P由∑Y=0 FAy +FRB=0∴FAy=-P+m/24-4解：结构受力如图示，BD为二力杆由∑MA =0 -FRB•a+Q•b+W•l/2•cosα=0∴FRB=(2Qb+Wlcosα)/2a由∑Fx =0 -FAx-Qsinα=0∴FAx=-Qsinα由∑Fy =0 FRB+FAy-W-Qcosα=0∴FAy=Q(cosα-b/a)+W(1-lcosα/2a) 4-5 解：齿轮减速箱受力如图示，由∑MA =0 FRB××=0F RB =由∑Fy =0 FRA+FRB-W=0FRA=4-6 解：(a)由∑Fx =0 FAx=0 (b) 由∑Fx=0 FAx=0由∑Fy =0 FAy=0 由∑Fy=0 FAy-qa-P=0由∑M=0 MA -m=0 MA=m ∴FAy=qa+P由∑M=0 MA-q•a•a/2-Pa=0∴MA=qa2/2+Pa(c) (d)(c) 由∑Fx =0 FAx+P=0 (d) 由∑Fx=0 FAx=0∴FAx =-P 由∑MA=0 FRB•5a+m1-m2-q•3a•3a/2=0由∑Fy =0 FAy-q•l/2=0 ∴FRB=+(m2-m1)/5aFAy=ql/2 由∑Fy=0 FAy+FRB-q•3a=0由∑M=0 MA -q•l/2•l/4-m-Pa=0 FAy=+(m1-m2)/5a∴MA=ql2/8+m+Pa 4-7 解：(a) (b)(a)∑MA =0 FRB•6a-q(6a)2/2-P•5a=0 ∴FRB=3qa+5P/6∑Fx =0 FAx+P=0 ∴FAx=-P∑Fy=0 FAy+FRB-q•6a=0 ∴FAy=3qa-5P/6(b) ∑MA=0 MA-q(6a)2/2-P•2a=0 ∴MA=18qa2+2Pa∑Fx=0 FAx+q•6a=0 ∴FAx=-6qa∑Fy=0 FAy-P=0 ∴FAy=P(c) ∑MA=0 MA+m1-m2-q•6a•2a-P•4a=0 ∴MA=12qa2+4Pa+m2-m1∑Fx=0 FAx+P=0 ∴FAx=-P∑Fy=0 FAy-q•6a=0 ∴FAy=6qa(d) ∑MA=0 MA+q(2a)2/2-q•2a•3a=0 ∴MA=4qa2∑Fx=0 FAx-q•2a=0 ∴FAx=2qa∑Fy=0 FAy-q•2a=0 ∴FAy=2qa4-8解：热风炉受力分析如图示，∑Fx =0 Fox+q1•h+(q2-q1)•h/2=0 ∴Fox=-60kN∑Fy =0 FAy-W=0 ∴FAy=4000kN∑MA =0 M-q•h•h/2-(q2-q1)•h•2h/3/2=0 ∴M=•m4-9解：起重机受力如图示，∑MB =0 -FRA•c-P•a-Q•b=0 ∴FRA=-(Pa+Qb)/c∑Fx =0 FRA+FBx=0 ∴FBx=(Pa+Qb)/c∑Fy =0 FBy-P-Q=0 ∴FBy=P+Q4-10 解：整体受力如图示∑MB =0 -FRA××=0 ∴FRA=-764N∑Fx =0 FBx+FRA=0 ∴FBx=764N∑Fy =0 FBy-P=0 ∴FBy=1kN由∑ME =0 FCy×2+P××=0 ∴FCy=2kN由∑MH =0 F’Cx×2-FCy×2-P×+P×=0 ∴FCx=F’Cx=3kN4-11解：辊轴受力如图示，由∑MA =0 FRB×1600-q×1250×(1250/2+175)=0∴FRB=625N由∑Fy =0 FRA+FRB-q×1250=0 ∴FRA=625N4-12 解：机构受力如图示，∑MA =0 -P×+FRB××=0 ∴FRB=26kN∑Fy =0 FRA+FRB-P-W=0 ∴FRA=18kN4-13 解：当达到最大起重质量时，FNA=0由∑MB =0 W1×α+W2×0-G××=0∴Pmax=4-14解：受力如图示，不致翻倒的临界状态是FNE=0由∑MF=0 W×1m-Q×(5-1)=0 ∴W=60kN故小车不翻倒的条件为W≥60kN4-15解：设左右杆长分别为l1、l2，受力如图示左杆：∑MO1=0 P1(l1/2)cosα1-FAl1sinα1=0 ∴FA=ctgα1P1/2右杆：∑MO2=0 -P2(l2/2)cosα2+F'Al2sinα2=0 ∴F'A=ctgα2P2/2由FA =F'A∴P1/P2=tgα1/tgα24-16解：设杆长为l，系统受力如图(a) ∑M=0 P •l/2cosθ+T•l•sinθ-Tlcosθ=0 ∴T=P/2(1-tgθ) (b)当T=2P时， 2P= P/2(1-tgθ) ∴tgθ3/4 即θ≈36°52′4-17 解:(a)(a)取BC杆：∑MB =0 FRC•2a=0 ∴FRC=0∑Fx =0 FBx=0∑Fy =0 -FBy+FRC=0 ∴FBy=0取整体：∑MA =0 -q•2a•a+FRC•4a+MA=0 ∴MA=2qa2∑Fx =0 FAx=0∑Fy =0 FAy+FRC－ｑ•2a＝０∴FAy==2qa(b)(b)取BC杆：∑MB =0 FRC•2a-q•2a•a=0 ∴FRC=qa∑Fx =0 FBx=0∑Fy =0 FRC-q•2a-FBy=0 ∴FBy=-qa取整体：∑MA =0 MA+FRC•4a-q•3a•2.5a=0 ∴MA=∑Fx =0 FAx=0∑Fy =0 FAy+FRC－ｑ•3a＝０∴FAy==2qa(c)(c)取BC杆：∑MB =0 FRC•2a =0 ∴FRC=0∑Fx =0 FBx=0∑Fy =0 FRC-FBy=0 ∴FBy=0取整体：∑MA =0 MA+FRC•4a-m=0 ∴MA=m∑Fx =0 FAx=0∑Fy =0 FAy+FRC＝０∴FAy=0(d)(d)取BC杆：∑MB =0 FRC•2a-m=0 ∴FRC=m/2a∑Fx =0 FBx=0∑Fy =0 FRC-FBy=0 ∴FBy=m/2a取整体：∑MA =0 MA+FRC•4a-m=0 ∴MA=-m∑Fx =0 FAx=0∑Fy =0 FAy+FRC＝０∴FAy=-m/2a4-18 解：(a)取BE部分∑ME =0 FBx×××2=0 ∴FBx=取DEB部分：∑MD =0 FBx×+FBy×6-q××2=0 ∴FBy=0取整体：∑MA =0 FBy×6+ q××2-FRC×cos45°×3=0 ∴FRC=∑Fx =0 FRC×cos45°+FAx+FBx-q×=0 ∴FAx=∑Fy =0 FRC×sin45°+FAy+FBy=0 ∴FAy=(b)取CD段，∑MC =0 FRD×4-q2/2×42=0 ∴FRD=2q2取整体：∑MA =0 FRB×8+FRD×12q2×4×10-q1×6×4-P×4=0∑Fx =0 P+FAx=0 ∴FAx=-P∑Fy =0 FAy+FRB+FRD-q1×6-q2×4=0 ∴FAy=3q1-P/24-19 解：连续梁及起重机受力如图示：取起重机：∑MH =0 Q×1-P×3-FNE×2=0 ∴FNE=10kN∑Fy =0 FNE+FNH-Q-P=0 ∴FNH=50kN取BC段：∑MC =0 FRB×6-FNH×1=0 ∴FRB=取ACB段：∑MA =0 FRD×3+FRB×12-FNE×5-FNH×7=0 ∴FRD=100kN∑Fx =0 FAx=0∑Fy =0 FAy+FRD+FRB-FNE-FNH=0 ∴FAy=4-20解：整体及左半部分受力如图示取整体：∑MA =0 FBy×l-G×l/2=0 ∴FBy=1kN∑MB =0 -FAy×l+G×l/2=0 ∴FAy=1kN取左半部分：∑MC =0 FAx×h+G/2×l/4-FAy×l/2=0 ∴FAx=取整体：∑Fx =0 FAx+FBx=0 ∴FBx=4-21 解：各部分及整体受力如图示取吊车梁：∑MD =0 FNE×8-P×4-Q×2=0 ∴FNE=∑Fy =0 FND+FNE-Q-P=0 ∴FND=取T房房架整体：∑MA =0 FBy×12-(G2+FNE)×10-(G1+FND)×2-F×5=0 ∴FBy=∑MB =0 -FAy×12-F×5+(G1+FND)×2+(G2+FNE)×2=0 ∴FAy=取T房房架作部分：∑MC =0 FAy×6-FAx×10-F×5-(G1+FND) ×4=0 ∴FAx=∑Fx=0 FCx +F+FAx=0 ∴FCx=∑Fy=0 FCy +FAy-G1-FND=0 ∴FCy=5kN取T房房架整体：∑Fx =0 FAx+F+FBx=0∴FBx=4-22解：整体及部分受力如图示取整体：∑MC =0 -FAx•l•tg45°-G•(2l+5)=0 ∴FAx=-(2+5/l)G∑MA =0 FCx•ltg45°-G(2l+5)=0 ∴FCx=(2+5/l)G取AE杆：∑ME =0 –FAx•l-FAy•l-G•r=0 ∴FAy=2G∑Fx =0 FAx+FBx+G=0 ∴FBx=(1+5/l)G∑Fy =0 FAy+FBy=0 ∴FBy=-2G取整体：∑Fy =0 FAy+FCy-G=0 ∴FCy=-G取轮D：∑Fx =0 FDx-G=0 ∴FDx=G∑Fy =0 FDy-G=0 ∴FDy=G4-23 解：整体及部分受力如图示取整体：∑MB =0 FCy×10-W2×9-P×4-W1×1=0 ∴FCy=48kN∑Fy =0 FBy+FCy-W1-W2-P=0 ∴FBy=52kN取AB段：∑MA =0 FBx×4+W1×4+P×1-FBy×5=0 ∴FBx=20kN∑Fx =0 FBx+FAx=0 ∴FAx=-20kN∑Fy =0 FBy+FAy-W1-P=0 ∴FAy=8kN取整体：∑Fx =0 FBx+FCx=0 ∴FCx=-20kN4-24 解：系统中1、2、3、4、5杆均为二力杆，整体及部分受力如图：取整体：∑Fx =0 FAx=0∑MA =0 -3P1-6P2-10P3+14FRB=0 ∴FRB=80kN∑Fy =0 FAy+FRB-P1-P2-P3=0 ∴FAy=90kN取左半部分：∑MH =0 P2×1+P1×4-FAy×7+S3×3=0 ∴S3=117kN取节点E：∑Fx =0 S3-S1cosα=0 ∴S1=146kN∑Fy =0 S2+S1sinα=0 ∴S2=取节点F：∑Fx =0 -S3+S5cosα=0 ∴S5=146kN∑Fy =0 S4+S5sinα=0 ∴S4=4-25解：整体及部分受力如图示：取整体：∑MA =0 FRB×4-P-P(2+R)=0 ∴FRB=21kN∑Fx =0 FAx-P=0 ∴FAx=24kN∑Fy =0 FAy+FRB-P=0 ∴FAy=3kN取ADB杆：∑MD =0 FBy×2-FAy×2=0 ∴FBy=3kN取B点建立如图坐标系：∑Fx =0 (FRB-F'By)sinθ-F'Bxcosθ=0 且有FBy=F'By，FBx=F'Bx∴F'Bx18tgθ=18×2/=24kN４-26 解：整体及部分受力如图示：取整体：∑MB =0 FAx×4+P×=0 ∴FAx=-43kN∑Fx =0 FB+FAx=0 ∴FBx=43kN取BC杆：∑MC =0 FBx×4+P××××4=0 ∴FBy=20kN∑Fx =0 FBx+FCx-P=0 ∴FCx=-3kN∑Fy =0 FBy+P+FCy-P=0 ∴FCy=-20kN取整体：∑Fy =0 FAy+FBy-P=0 ∴FAy=20kN4-27 解：受力如图示：取AB：∑MA =0 P××=0 ∴SBC=取C点：∑Fx =0 S'BCsin60°+°-SCDcos30°=0∑Fy =0 -S'BCcos60°+°-SCDsin30°=0联立后求得：SCE=取OE：∑MO=0 °×=0∴m=70kN4-28 解：整体及部分受力如图示：取OA杆，建如图坐标系：∑MA =0 FOx× sin60°+m-Foy×°=0∑Fy =0 Fox×cos60°+Foycos30°=0联立上三式：Foy = Fox=-1000N取整体：∑MB =0 -Foy××cos30° sin30°×ctg60°)-P××sin60°+m=0∴P=∑Fx =0 Fox+FBx+P=0 ∴FBx=∑Fy =0 Foy+FBy=0 ∴FBy=4-29 解：整体及部分受力如图示：取CD部分：∑MC =0 FND×α-P×α=0 ∴FND=Ptgα取OA部分：∑MA =0 -Fox×=0 ∴Fox=-m/取整体：∑MO1=0 Fox×+P××α=0代入后有：-m/×+×α× cosα=0∴m=•m4-30 解：整体及部分受力如图示：取OA段：∑MA =0 m+Fox×=0 ∴Fox=-10m取OAB段：∑MB =0 m-Foy×°=0 ∴Foy=10/3m取EF及滑块：∑ME =0 FNF×°+P×°=0 ∴FNF=-P/3取整体：∑MD =0 FNF× cos30°+m-Fox×× ctg30°=0∴m/P=0.1155m4-31解：取整体：∑MB =0 -FRA×4+W1×4+G1×3+G2×2cos30°×cos30°=0∴FRA=∑Fx =0 FBx=0∑Fy =0 FBy+FRA-W1-W2-G1-G2=0 ∴FBy=取A点：∑Fy =0 FRA+S2cos30°-W1=0 ∴S2=-26kN∑Fx =0 S1+S2sin30°=0 ∴S1=13kN取C点：∑Fx =0 -S2cos60°+S4cos30°+S3cos60°=0∑Fy =0 -S2sin60°-S3sin60°-S4sin30°-G1=0联立上两式得：S3= S4=-25kN取O点：∑Fx =0 -S3cos60°-S1+S5cos60°+S6=0∑Fy =0 S3sin60°+S5sin60°=0联立上两式得：S5= S6=取E点：∑Fx =0 -S5cos60°-S4cos30°+S7cos30°=0∴S7=-35kN4-32 解：取整体：∑MA =0 F1×+F2×3+F3×+F4×6+F5××9=0∑Fy =0 FRA+FRB-(4×30+40)=0 ∴FRA=80kN取A点：∑Fx=0∑Fy=0联立后解得：S1=-197kN S2=180kN取Ｃ点：∑Fx=0∑Fy=0联立后解得：S3=-37kN S4=-160kN取Ｅ点：∑Fx=0∑Fy=0联立后解得：S5=-30kN S6=-160kN取Ｄ点：∑Fx=0∑Fy=0联立后解得：S7=１１２kN S8=由对称性可知：S9=S8= S10=S6=-160kNS 11=S5=-30kN S12=S4=-160kNS 13=S2=180kN S14=S3=-37kNS 15=S1=-197kN4-33 解：取整体：∑MA =0 FRB×4-P1×2-P2×3=0 ∴FRB=∑Fy =0 FRA+FRB-P1-P2=0 ∴FRA=取A点：∑Fx =0 S1+S2cos45°=0∑Fy=0 FRA-S2sin45°=0解得：S1= S2=取C点：∑Fx =0 S4-S2cos45°=0∑Fy =0 S3+S2sin45°=0解得：S3= S4=取D点：∑Fx =0 S6+S5cos45°-S1=0∑Fy =0 -S3-S5sin45°=0解得：S5= S6=-125kN取F点：∑Fx =0 S8-S6=0∑Fy =0 -P1-S7=0解得：S7=-100kN S8=-125kN取E点：∑Fx =0 S9cos45°+ S10-S5cos45°-S4=0∑Fy =0 S7+S5sin45°+ S9sin45°=0解得：S9=53kN S10=取G点：∑Fx =0 S12cos45°-S10=0∑Fy =0 S12sin45°+ S11=0解得：S9= S10=取H点：∑Fx =0 S13-S8-S9sin45°=0∴S13=4-34解：取整体：∑MA =0 -FRA×6a+G×(5a+4a+3a+2a+a)=0 ∴FRA=2.5G∑Fy =0 FRA+FRB+5G=0 ∴FRB=2.5G取A点：∑Fx =0 S1+S2cos45°=0∑Fy =0 S2sin45°+FRA=0解得：S1=2.5G S2=-3.54G取C点：∑Fx =0 S4-S1=0 ∴S4=2.5G∑Fy =0 S3-G=0 ∴S3=G截面Ⅰ-Ⅰ，取左半部分∑Fy =0 S5sin45°+FRA-3G=0 ∴S5=0.707G∑MD =0 -FRA×4a+G×3a+G×2a+G×a+S6×a=0∴S6=4G第五章习题5-1 重为W=100N，与水平面间的摩擦因数f=，（a）问当水平力P=10N 时，物体受多大的摩擦力，（b）当P=30N时，物体受多大的摩擦力？（c）当P=50N时，物体受多大的摩擦力？5-2 判断下列图中两物体能否平衡?并问这两个物体所受的摩擦力的大小和方向。