模块三测评试题及答案
模块三测评试题及答案
模块三测评试题及答案一、单选题1、以下四种视频文件格式中，（A）最不适合在网络上传输。
A、AVI。
B、RM。
C、WMV。
D、ASF。
2、（A）的功能是把浏览器的窗口分割成几个区域，可在各区中显示不同的网页A、框架页。
B、导航页。
C、视图。
D、备注。
3、一般情况下，导航栏由（B ）构成。
A、标题与导航文字图。
B、题头图和导航文字图。
C、题头图和备注。
D、框架和导航文字图。
4、在《坐“信息化”船，遨游“五彩池”》案例中，最后林峰决定采用支持图形、图像、文字、动画、声音、视频等媒体形式、而且交互性强的（C）来制作课件。
A、Powerpoint。
B、几何画板。
C、Authorware。
D、Flash。
5、以下多媒体素材文件类型中，（D）具有交互性。
A、AVI。
B、JPG。
C、PNG。
D、SWF。
6、制作个人网站时，为了使网页界面整齐、有序，一般使用（B）对网页布局？A、格式刷。
B、表格。
C、标尺。
D、文本框。
7、制作网页时，（B）是错误的做法。
A、构图简明。
B、色彩越多越好。
C、一个网页多个主题。
D、用好超级链接。
8、《坐“信息化”船，遨游“五彩池”》案例中，林峰制作的课件应该属于（A）课件。
A、学生自主学习型。
B、模拟实验型。
C、训练复习型。
D、教学游戏型。
E、资料工具型。
9、以下有关主题资源网站的描述中，错误的是（A）。
A、主题资源主要提供与单元学习主题关联的资源素材，并不包含有关资源如何使用的信息。
B、学生在具体的单元学习实施过程中，对主题资源会有自己的加工和处理，会动态地生成新的资源。
C、主题资源的终端用户是教师和学生。
D、对教师用户来说，他们希望资源能够提供对教学设计和教学实施的支持，并且方便使用。
10、信息技术作为教学中的（A）是信息技术和课程整合的最低层次。
A、演示工具。
B、学习对象。
C、交流工具。
D、个别辅导工具。
11、在《坐“信息化”船，遨游“五彩池”》案例中提到的本节课的一个难点，也是一个重点是（B）？A、五彩池的地点。
江苏专版2024学年新教材高中化学模块综合测评苏教版必修第二册(含答案)
新教材高中化学苏教版必修第二册：模块综合测评可能用到的相对原子质量:H-1、C-12、N-14、O-16、Na-23、Fe-56、Cu-64一、单项选择题(包括14题,每题3分,共42分。
每题只有一个选项最符合题意)1.合金从古代到现代,从生活领域到工业领域都有着广泛应用。
下列说法错误的是( )A.铝合金大量用于高铁建设B.“玉兔二号”钛合金筛网轮的主要成分是非金属材料C.制饭勺、饭盒、高压锅等的不锈钢是合金D.商代后期铸造出工艺精湛的后母戊鼎,该鼎属于铜合金制品2. [2023江苏通州高级中学校考期中]下列有关化学用语表示正确的是( )A.羟基的电子式:·HB.聚丙烯的结构简式:CH2CH2CH2C.乙烯的结构简式:CH2CH2D.乙酸的球棍模型:3. [2023江苏太湖高级中学期中]下列反应中既是氧化还原反应,能量变化情况又符合如图的是( )A.氢氧化钠与稀盐酸的反应B.碳和水蒸气的反应C.NH4Cl和Ba(OH)2·8H2O的反应D.氢气的燃烧反应[2023江苏连云港东海期中]阅读下列资料,回答4~5题。
合成17tNH3,放出Q kJ热量。
利用浓氨水吸收氯气工业的尾气,同时得到副产品NH4Cl;也可以用FeCl2溶液吸收氯气制得FeCl3溶液,然后制备Fe(OH)3胶体;经实验发现,胶体都有丁达尔效应(粒子对光的散射现象),且丁达尔效应随其浓度升高逐渐增强。
4.下列化学反应表示不正确的是( )A.合成NH3反应:N2(g)+3H2(g)2NH3(g) ΔH=-2Q×10-6kJ·mol-1B.浓氨水吸收氯气:8NH3·H2O+3Cl2N2+6NH4C1+8H2OC.FeCl2溶液吸收氯气:2FeCl2+Cl22FeCl3D.制备Fe(OH)3胶体:F+3NH3·H2O Fe(OH)3 (胶体)+3N5.下列物质的性质与用途具有对应关系的是( )A.维生素C能溶于水,与补铁剂共服效果更佳B.NO有氧化性,可用于CO去除C.Fe3O4不溶于水,可制造录音磁带D.NH4Cl易溶于水,可用作化肥6. [2023河北邯郸期中]一定条件下,向密闭容器中通入一定量的CO和H2制备甲醇,反应为CO(g)+2H2(g)CH3OH(g),测得容器内H2的分压与反应时间的关系如图所示。
教育技术能力中级培训课程每个模块的测评试题及答案
教育技术能力中级培训课程每个模块的测评试题及答案一、单选题1、教学媒体具有表现性、受控性、重视性、接触性等特征，以下关于教学媒体特征的说法不正确的是（教学媒体的受控性指教学媒体把信息同时传递给学生的范围的大小）。
2、根据学生以前的试卷，发现学生在听力理解部分的平均得分比较低，这属于学习者分析中的（初始能力分析）。
3、在一节数学课上，刘老师没有直接引入教学内容，而是利用几分钟的时间描述了两个学生路上相遇这一生活中常见的现象，让学生对多要学习的内容有了一个比较感性的认识，此处，刘老师运用的教学策略是（启发式教学）。
4、王老师下周一要去别的学校讲课，讲课的环境中有多媒体计算机，因此王老师打算自己制作一个课件，用于在课堂上进行知识传授，请问，这个课件属于以下哪类课件的范畴？（助教型演示课件）5、在课堂上教师让学生以小组协作学习的方式讨论伯利克里这个人物，下列促进小组讨论的措施中，不恰当的是（让学生自由发挥，充分调动他们的积极性）二、多选题1、在对于学习者特征进行分析的时候，我们一般分析哪几方面的特征？（起点水平，认知结构，学习态度，学习动机，学习风格。
）2、有关教学评价的功能，王老师有如下认知，正确的是。
（教学评价能引导教学活动朝正确的方向发展；好的评价能激励学生更加努力；教师根据学生的情况相对调慢或调快学习进程；被评价者还可以通过评价了解自己的优缺点；明确努力方向及改进措施。
）3、您计划在信息技术课上使用“20%的平时课堂表现+40%的上机操作情况+40+的笔试成绩”来评定学生的学期成绩，请问，下面有关您使用的教学评价方式说法正确的是（）。
（定性评价+定量评价；形成性评价+总结性评价）三、是非题1、课件制作中，如果涉及到图像，且大小需要控制在10~200KB之间，一般使用JPG格式。
（对）2、与考试相比，档案袋评价可以提高学生的教学参与感，有利于更全面地评价学生，也更简单更省力（错）。
模块一测评一、单选题：1、在课堂管理过程中，以下观点正确的是（尽量对学生加以鼓励）。
新教材2024版高中化学模块综合测评鲁科版选择性必修1(含答案)
新教材高中化学鲁科版选择性必修1：模块综合测评（时间：90分钟满分：100分）一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。
每小题只有一个选项符合题意）1．化学与生活息息相关，下列有关说法错误的是（）A．用可溶性的铝盐或铁盐处理水中的悬浮物B．银制器物久置表面变暗与电化学腐蚀有关C.为防止电池中的重金属等污染土壤和水体，应积极开发废电池的综合利用技术D.电热水器用镁棒防止加热棒腐蚀，原理是牺牲阳极保护法2．中国科学家在合成氨[N2（g）＋3H2（g）⇌2NH3（g）ΔH<0]反应机理研究中取得新进展，首次报道了LiH3d过渡金属这一复合催化剂体系，并提出了“氮转移”催化机理，如图所示。
下列说法不正确的是（）A．过程中有极性键形成B．复合催化剂降低了反应的活化能C．复合催化剂能降低合成氨反应的焓变D．350℃时，催化效率：5LiHFe/MgO>铁触媒3．化学与生活密切相关，下列说法错误的是（）A．泡沫灭火器可用于扑灭一般物品的起火，但不适用于扑灭电器起火B．用盐酸滴定碳酸氢钠溶液，可以用酚酞作指示剂C．锅炉水垢中含有的CaSO4，可先用Na2CO3溶液处理后，再用盐酸除去D．用热的碳酸钠溶液除油污效果更好4．研究表明N2O与CO在Fe＋作用下发生可逆反应的能量变化及反应历程如图所示。
下列说法不正确的是（）A．反应中Fe＋是催化剂，FeO＋是中间产物B．总反应速率由反应②的速率决定C．升高温度，总反应的平衡常数K减小 D．当有14gN2生成时，转移1mole－5．CH3OH是重要的化工原料，可用于制造甲酸甲酯。
工业上用CO与H2在催化剂作用下合成CH 3OH ，其反应为CO （g ）＋2H 2（g ）⇌CH 3OH （g ）。
按n （CO ）∶n （H 2）＝1∶2向密闭容器中充入反应物，测得平衡时混合物中CH 3OH 的体积分数在不同压强下随温度的变化如图所示。
2020-2021生物3模块综合测评含解析
2020-2021学年人教版生物必修3模块综合测评含解析模块综合测评（满分:100分时间：90分钟)一、选择题（每题2分，共25题，共50分)1．(2019·全国卷Ⅲ）下列关于人体组织液的叙述,错误的是（）A．血浆中的葡萄糖可以通过组织液进入骨骼肌细胞B．肝细胞呼吸代谢产生的CO2可以进入组织液中C．组织液中的O2可以通过自由扩散进入组织细胞中D．运动时，丙酮酸转化成乳酸的过程发生在组织液中D[骨骼肌细胞生存的内环境是组织液，血浆中的葡萄糖可以通过组织液进入骨骼肌细胞，A正确；肝细胞呼吸代谢产生的CO2可通过自由扩散的方式进入组织液,B正确;组织液中的O2可通过自由扩散的方式进入组织细胞，C正确；人体细胞无氧呼吸产生乳酸的过程发生在细胞质基质中，D错误。
］2．有关内环境与稳态的叙述，正确的是()A．内环境的稳态就是指温度、渗透压、酸碱度的相对稳定B．CO2既能影响内环境的稳态，又参与了体液调节C．内环境中渗透压的高低主要决定于蛋白质的多少D．组织液中的水只来自血浆B［内环境的稳态包括其理化性质及组成成分的相对稳定，A错误；内环境中渗透压的高低主要决定于Na＋、Cl－，C错误；组织液中的水可来自血浆、细胞内液等，D错误。
］3．下列关于突触和兴奋传递的叙述，错误的是（）A．突触前后两个神经元的兴奋是同时发生的B．兴奋通过突触时由电信号转化为化学信号，再转化为电信号C．构成突触的两个神经元是有间隙的D．兴奋在突触处只能单向传递A［突触前膜先兴奋，释放神经递质，作用于突触后膜，后膜再兴奋或抑制，A错误。
]4．如图表示两个神经元的结构关系。
以下叙述错误的是（）A．a、c结构分别通过生物电、生物电与化学信号传递兴奋B．结构c中的酶能与相应受体结合使兴奋终止C．剌激b，则在a、d处可测得膜电位的变化D．静息时，d处膜内电位为负、膜外电位为正B[神经纤维上以生物电的形式传导神经冲动,突触中通过生物电与化学信号传递兴奋，A正确；结构c中的酶能把相应神经递质分解,使兴奋终止，B错误；兴奋在神经纤维上可以双向传导，因此刺激b处可在a处和d处测到膜电位的变化，C正确;静息时，由于少量钾离子外流，导致d处膜内电位为负，膜外电位为正，D 正确.］5．吃糖1小时后,在胰静脉的血液中，下列物质中会明显增多的是()A．胰蛋白酶B．胰淀粉酶C．胰岛素D．胰高血糖素C［吃糖后血糖浓度会升高，则血液中的胰岛素会增加，降低血糖，使血糖浓度维持在相对稳定状态，C正确.]6．关于体液免疫的叙述中正确的是（）A．有的抗原可以直接刺激B淋巴细胞B．抗体是由B淋巴细胞分泌的C．抗体一般可以直接杀死入侵到细胞内的抗原D．记忆B细胞经迅速增殖分化，可以形成大量的效应T细胞A［有的抗原可以直接刺激B淋巴细胞，A正确；抗体是由浆细胞分泌的，B错误；抗体与入侵的病菌结合，可以抑制病菌的繁殖或是对宿主细胞的黏附.在多数情况下，抗原抗体结合后会发生进一步的变化，如形成沉淀或细胞集团，进而被吞噬细胞吞噬消化，C错误；记忆B细胞经迅速增殖分化，可以形成大量的浆细胞,D错误。
外研版高中英语必修3Module3_模块测评
第三模块测评(时间:120分钟满分:150分)第一部分:听力(共两节, 满分30分)第一节(共5小题;每小题1. 5分, 满分7. 5分)听下面5段对话。
每段对话后有一个小题, 从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项, 并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后, 你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
1. Where is Jane and Bill’s new house?A. Near a train station.B. Near a bus stop.C. Near an airport.答案:C2. What is the speakers’ problem?A. They have no money to buy a drink.B. They can’t find a place to drink.C. They don’t know how to use the machine.答案:A3. How high do the ceilings today usually measure?A. 2. 3 metres.B. 2. 7 metres.C. 3. 0 metres.答案:B4. What time does the next bus leave for New York?A. At 9:30.B. At 10:00.C. At 10:30.答案:B5. Why are the neighbours moving out?A. They don’t like the flat.B. They can’t afford the high rent.C. The landlord broke his promise.答案:C第二节(共15小题;每小题1. 5分, 满分22. 5分)听下面5段对话或独白。
每段对话或独白后有几个小题, 从每题所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项, 并标在试卷的相应位置。
高中化学(新人教版)选择性必修三课后习题：模块综合测评(课后习题)【含答案及解析】
模块综合测评(时间:75分钟分值:100分)一、选择题(本题包括10小题,每小题2分,共20分。
每小题只有1个选项符合题意)1.(2021福建龙岩高二检测)市场上有一种加酶洗衣粉,即在洗衣粉中加入少量的碱性蛋白酶,它的催化活性很强,衣物的汗渍、血迹及人本身排放的蛋白质、油渍遇到它,都能水解而被除去。
下列衣料不能用加酶洗衣粉洗涤的是()①棉织品②毛织品③腈纶制品④蚕丝制品⑤涤纶制品⑥锦纶制品A.①②③B.②④C.③④⑤D.③⑤⑥,因此,主要成分为蛋白质的毛织品和蚕丝制品,不能用加酶洗衣粉洗涤。
2.下列有关化学用语的表示不正确的是()A.乙炔的结构简式:CHCHB.的名称为3,3-二甲基-1-戊烯C.乙醇的分子式:C2H6OD.苯分子的空间充填模型:CH≡CH。
3.下列物质中,属于芳香烃且一氯取代物有五种的是() A.B.C.D.,A项有4种一氯取代物;B项有3种一氯取代物;C 项有5种一氯取代物;D项不属于芳香烃。
故C项符合题意。
4.醋酸纤维是以醋酸和纤维素为原料制得的人造纤维,因具有弹性好、不易起皱、酷似真丝等优点,成为目前市场上广泛采用的一种服装面料。
下列有关说法正确的是()A.纤维素和淀粉的分子式相同,它们互为同分异构体B.纤维素和淀粉水解,其最终产物不相同C.[(C6H7O2)(OOCCH3)3]n——三醋酸纤维素属于酯类化合物D.三醋酸纤维素比二醋酸纤维素吸湿性更好(C6H10O5)n,但聚合度n不同,因此分子式不同,不互为同分异构体,故A错误;纤维素和淀粉水解最终产物均为葡萄糖,故B错误;[(C6H7O2)(OOCCH3)3]n——三醋酸纤维素含有酯基,属于酯类化合物,故C正确;二醋酸纤维素还有未完全酯化的羟基,吸湿性更好,故D错误。
5.香茅醛()可作为合成青蒿素的中间体,关于香茅醛的叙述正确的是()A.分子式为C10H16OB.不能发生银镜反应C.可使酸性KMnO4溶液褪色D.分子中有7种处于不同化学环境的氢原子,此有机化合物的分子式为C10H18O,故A错误;此有机化合物中含有醛基,因此能发生银镜反应,故B错误;此有机化合物中含有醛基和碳碳双键,因此能使酸性高锰酸钾溶液褪色,故C正确;依据等效氢原子的判断方法,此有机化合物中等效氢原子为8种,故D错误。
2024_2025学年新教材高中物理模块综合测评三含解析新人教版必修第三册
模块综合测评(三)(时间:75分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分。
在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求)1.管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示,圆管通过一个接有高频沟通电源的线圈,线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流,电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发觉者为()A.库仑B.霍尔C.洛伦兹D.法拉第,钢管处于交变磁场中,由于电磁感应产生交变电流,交变电流通过接缝处,接缝处电阻很大,依据焦耳定律Q=I2Rt知,接缝处会产生大量的热量,熔化材料。
此焊接过程利用的电磁学规律是电磁感应,电磁感应的发觉者是法拉第,A、B、C错误,D正确。
2.某静电场的电场线与x轴平行,电势φ随x坐标变更的关系图像如图所示。
已知电场中P、Q两点的x坐标分别为1 m、4 m。
将一带负电的粒子(重力不计)从坐标原点由静止释放,则()A.粒子在P点的动能等于在Q点的动能B.粒子在P点的动能大于在Q点的动能C.粒子在P点的电势能小于在Q点的电势能D.粒子在P点的电势能大于在Q点的电势能,P、Q两点的电势相等,电势差为零,粒子从P运动到Q的过程中,电场力做功为零,依据动能定理,两点的动能相等,电势能相等,A选项正确。
3.如图所示,实线为电场线,虚线表示等势面,φa=50 V,φc=20 V,则a、c连线的中点b的电势φb()A.等于35 VB.大于35 VC.小于35 VD.等于15 V,E a>E b>E c,则a、b间的平均电场强度大于b、c间的平均电场强度,由公式U=Ed可以推断U ab>U bc,所以φb<=35V,则C正确,A、B、D错误。
4.(2024江西南昌高二检测)在真空中有水平放置的两个平行、正对金属平板,板长为l,两板间距离为d,在两极板间加一交变电压如图乙所示,质量为m,电荷量为e的电子以速度v0v0接近光速的从两极板左端中点沿水平方向连绵不断地射入两平行板之间。
《金版教程(物理)》2024导学案选择性必修第一册人教版新模块综合测评含答案
《金版教程(物理）》2024导学案选择性必修第一册人教版新模块综合测评模块综合测评本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分100分，考试时间75分钟。
第Ⅰ卷(选择题，共50分)一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．下列说法正确的是()A．物体做受迫振动时，驱动力频率越高，受迫振动的物体振幅越大B．医生利用超声波探测病人血管中血液的流速应用了多普勒效应C．两列波发生干涉，振动加强区质点的位移总比振动减弱区质点的位移大D．一列波通过小孔发生了衍射，波源频率越大，观察到的衍射现象越明显答案 B解析物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率，当驱动力的频率等于系统的固有频率时，振幅达到最大，这种现象称为共振，A错误；医院检查身体的彩超仪是通过测量反射波的频率变化来确定血流的速度，显然是运用了多普勒效应原理，B正确；两列波发生干涉，振动加强区质点的振幅比振动减弱区质点的振幅大，不能说振动加强区质点的位移总比振动减弱区质点的位移大，C错误；一列波通过小孔发生了衍射，如果孔的尺寸大小不变，使波源频率增大，因为波速不变，知，波长减小，衍射现象变得不那么明显了，D错误。
根据λ＝vf2．关于光，下列说法正确的是()A．光在水中的传播速度大于在空气中的传播速度B．树荫下的太阳光斑大多呈圆形是因为光的衍射C.透过竖直放置的肥皂膜看竖直的日光灯，能看到彩色干涉条纹D．当光在水面上发生反射时，反射光是偏振光答案 D解析由v＝c可知，光在水中的传播速度小于在空气中的传播速度，A错误；树荫下的太阳光n斑大多是由小孔成像形成的，故呈圆形，B 错误；薄膜干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波叠加，而不是透过了薄膜，C 错误；当光在水面上发生反射时，反射光是偏振光，D 正确。
高中政治(新人教版)选择性必修3课后习题：模块综合测评(课后习题)【含答案及解析】
模块综合测评(时间:90分钟分值:100分)一、选择题(每小题2分,共50分)1.在广义相对论中,爱因斯坦提出几个与观测有关的预言,如光线在经过巨大星体时,在引力场的作用下会发生弯曲。
1919年5月29日,借助出现日全食的机会,英国天文学家爱丁顿等人率领两支考察队,分别在非洲西部几内亚湾的普林西比岛和南美洲巴西的索布腊尔进行观测,测得两地星光经过太阳时的平均偏转值为1.79角秒,与爱因斯坦预言的1.75角秒相差无几。
这一材料揭示科学思维的特点是()A.科学思维追求认识的客观性B.科学思维追求认识的精确性C.科学思维的结论具有可检验性D.科学思维的结果具有预见性,体现了科学思维的结果具有预见性。
故选D项。
2.“快乐,像花一般,时时刻刻绽放出,令人迷恋的笑容。
快乐,像冬天里的一把火,如雪中送炭,给人无限的温暖。
”该诗歌的思维表达()①以感性形象为基本单元②揭示了“快乐”的本质和规律③能动地反映了对“快乐”的认识④具有概念性、推导性和严谨性特征A.①②B.①③C.②④D.③④,体现了形象思维,基本单元是感性形象,故①正确;通过花表达快乐的心情,可见人的能动反映,③正确;材料类只是一种形象的比喻,没有解释本质,排除②;概念、推导、严谨是抽象思维的特征,排除④。
3.一天晚上,小李问小王信不信神,小王迟疑了一会儿说:“既信又不信,半信半疑吧。
”小李说:“信就是信,不信就是不信,没有中间道路可走。
”对两人的观点评价正确的是()①小王的观点错误,其违背了矛盾律一致性的要求②小王的观点正确,坚持矛盾观,一分为二地看问题③小李的观点正确,“信”与“不信”不能同真④小李的观点错误,其违背了排中律明确性的要求A.①③ B.①④C.②③D.②④,可见自相矛盾,违背了矛盾律,①正确;小李观点明确,信与不信不能同真,也不能同假,③正确;小王观点违背了矛盾律,不属于一分为二的观点,排除②;小李观点正确,排除④。
4.甲说:“你们这样通宵达旦、吵吵闹闹地在宿舍打牌,影响别人休息。
2023-2024(上) 全品学练考 高中物理 选择性必修第一册模块综合测评含答案
2023-2024（上）全品学练考高中物理选择性必修第一册模块综合测评一、单项选择题1.[2022·北京八中月考] 2022年9月21日7时15分,在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭成功发射云海一号03星.现将火箭发射看成如下模型:静止时火箭总质量M=21 kg,火箭喷气发动机竖直向下喷出质量m=1000 g的高温气体,气体被喷出时相对地面的速度大小v0=840 m/s,火箭获得某一速度发射出去.火箭喷出气体的过程中空气阻力可忽略不计,则火箭获得的速度大小为()A.40 m/sB.42 m/sC.420 m/sD.4000 m/s2.如图甲所示,在均匀介质中的一条直线上的两个振源A、B相距6 m,振动频率相等.t0=0时刻A、B开始振动,且都只振动一个周期,振幅相等,A的振动图像为图乙,B的振动图像为图丙.若由A向右传播的机械波与由B向左传播的机械波在t1=0.3 s时恰好相遇,则下列判断正确的是()A.两列波在A、B间的传播速度大小均为10 m/sB.两列波的波长都是4 mC.在两列波相遇过程中,中点C为振动加强点D.t2=0.75 s时刻B点经过平衡位置且振动方向向下3.如图所示为长直光纤,柱芯为玻璃,外层用折射率比玻璃的折射率小的介质包覆.若光线自光纤左端进入,与中心轴的夹角为θ,则下列有关此光线传播方式的叙述正确的是()A.不论θ为何,光线都不会发生全反射B.不论θ为何,光线都会发生全反射C.θ够小时,光线才会发生全反射D.θ够大时,光线才会发生全反射4.工厂测机器转速可用一种振动式转速计,它是由十几个安装在同一支架上的钢片做成,每个钢片的固有频率都不相同.使用时,将振动式转速计固定在机器的某个位置,受机器转动的影响,钢片会跟着振动,通过比较钢片的振动情况可知机器的转速.下列说法正确的是()A.机器工作时钢片的振动频率都不相同B.机器工作时所有钢片的振动幅度都相同C.若机器的转速为3600 r/min,则稳定时固有频率为60 Hz的那一个钢片振动幅度最大D.若机器转速增加则所有钢片的振动幅度都会增加5.在水槽里放两块挡板,中间留一个狭缝,观察水波通过狭缝后的传播情况,图甲、乙是保持水波的波长不变,改变狭缝的宽度,观察水波的传播情况变化;图丙、丁、戊是实验时拍摄波长不同的水波通过宽度一定的狭缝的照片,在丙、丁、戊三幅照片中,波长分别是狭缝宽度的710、510、310,对比这三张照片观察衍射现象与波长、狭缝宽度的关系.该实验现象表明()波长一定的水波通过宽度不同的狭缝波长不同的水波通过宽度一定的狭缝A.只有缝、孔的宽度或障碍物的尺寸比波长小,才能观察到明显的衍射现象B.只有缝、孔的宽度或障碍物的尺寸跟波长相差不多或比波长更小,才能观察到明显的衍射现象C.图戊可以得出,波长比狭缝小太多就不会发生衍射现象D.图戊甲可以看出,狭缝宽度再增加就不会发生衍射现象6.[2022·浙江瑞安中学期中] 物体的运动状态可以用位置x和动量p描述,称为相,对应p-x图像中的一个点.物体运动状态的变化可用p-x图像的一条直线或曲线来描述,称为相轨迹.如图所示,在光滑的水平面上,轻弹簧的左端固定,一个小物体(可视为质点)与弹簧右端相连,弹簧开始处于原长,现向左推动物体压缩弹簧,压缩长度为l后由静止释放.已知弹簧的形变量为x时,弹性势能为12kx2.以弹簧原长位置为坐标原点O,向右为正方向建立x轴,则物体经过O点后向右运动时的相轨迹可能是()A B C D7.如图甲所示,同一均匀介质中的一条直线上有相距10米的两质点A、B,C为AB中点,从0时刻起,波源A、波源B同时开始振动,且波源A发出的波只向右传,波源B发出的波只向左传,图乙为A的振动图像,图丙为B的振动图像,若A向右传播的波与B向左传播的波在0.5 s时相遇,则下列说法正确的是()A.两列波的波长均为2 mB.两列波在A、B间传播的速度大小均为5 m/sC.在两列波相遇的过程中,在t=0.7 s时,C点的振动加强D.在B的右边有一观察者向右运动,观察者接收到的频率大于5 Hz二、多项选择题8.如图甲所示,一细线连接小球做单摆小角度振动,不计空气阻力.从小球某次向右通过最低点时开始计时,相对平衡位置的位移x随时间t变化图像如图乙所示,重力加速度g取10 m/s2.关于单摆的振动过程说法正确的是 ()A.单摆的摆长约为1 mB.最大偏角约为7100rad≈4°C.在第1 s末细线的拉力最小D.细线的张力大小变化周期为2 s9.如图所示,墙上固定着一根长为L的光滑水平杆,小球套在杆上,两根完全相同的原长为0.6L的橡皮筋一端固定在墙上,另一端与小球连接.小球从杆的中点以初速度v向左运动,小球将做周期为T的往复运动,且运动过程中始终未与墙相碰.已知弹簧振子的周期T0=2π√mk(k为某个系数),则下列说法不正确的是()A.小球做简谐运动B.两根橡皮筋的总弹性势能的变化周期为TC.小球的初速度为v3时,其运动周期为3TD.小球的初速度为v3时,其运动周期仍为T10.如图是双缝干涉实验装置的示意图,S为单缝,双缝S1、S2之间的距离是0.2 mm,P为光屏,双缝到屏的距离为1.2 m.用绿色光照射单缝S时,可在光屏P上观察到第1条亮纹中心与第6条亮纹中心间距为1.500 cm.若相邻两条亮条纹中心间距为Δx,则下列说法正确的是()A.Δx为0.300 cmB.增大双缝到屏的距离,Δx将变大C.改用间距为0.3 mm的双缝,Δx将变大D.换用红光照射,Δx将变大三、实验题11.[2022·天津实验中学期中] “利用单摆测重力加速度”的实验中:(1)用游标卡尺测量小钢球直径,读数如图所示,读数为mm;(2)下列最合理的装置是;A B C D(3)测单摆周期时,当摆球经过平衡位置时开始计时并计1次,测出经过该位置N次所用时间为t,则单摆周期为T=;(4)该同学根据实验数据,利用计算机拟合得到的方程为T2=4.04l+0.05.由此可以得出当地重力加速度g= m/s2(π取3.14,结果保留2位有效数字),从方程中可知T2与l没有成正比关系,其原因可能是.A.计算摆长时,可能加了小球的直径B.小球摆动过程中,可能摆角太大C.开始计时时,小球可能在最高点D.计算摆长时,可能只算了绳长12.[2022·浙江嘉兴一中期中] 下图为“验证动量守恒定律”的实验装置,实验中选取两个小球,按下面步骤进行实验:①用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2;②安装实验装置,使斜槽的末端切线水平;③先不放小球m2,让小球m1从斜槽顶端由静止释放,标记小球在水平桌面上的落点位置;④将小球m2放在斜槽末端,仍让小球m1从斜槽顶端由静止释放,两球发生碰撞,分别标记小球m1、m2在水平桌面上的落点位置;⑤图中M、P、N点是实验过程中记下的小球在水平桌面上的三个落点平均位置,测出M、P、N点到斜槽末端的水平桌面投影点O点的距离,分别标记为s M、s P、s N.依据上述实验步骤,请回答下面问题:(1)两小球的质量m1、m2应满足关系m1m2(选填“>”“=”或“<”);(2)实验过程中,以下所提供的测量工具中必需的是;A.直尺B.游标卡尺C.天平D.弹簧秤E.秒表(3)本实验操作中,下列说法正确的是;A.斜槽轨道必须是光滑的B.可选用塑料材质的小球C.入射小球m1每次都需从斜槽上的同一位置无初速度释放D.入射小球m1与被撞小球m2的半径必须相等(4)用实验中测得的数据来表示,只要满足关系式,就能说明两球碰撞前后动量是守恒的.四、计算题13.沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波形如图甲中实曲线所示,在t=1.5 s时刻的波形如图甲中虚线所示,该波中某质点的振动图像如图乙所示.(1)求波的传播速度大小; (2)判断波的传播方向;(3)判断x=1.5 m 处的质点在t=0.15 s 时的位置; (4)求x=5 m 处的质点经1 s 通过的路程.14.[2022·厦门外国语学校期中] 如图所示为截面为半圆形的玻璃砖,一束波长λ=5×10-7 m 的激光从沿圆心O 与直径成45°射入半圆形玻璃砖,在O 点恰好发生全反射,从圆面水平射出后,进入双缝干涉装置,已知R=0.3 m,双缝间距d=2×10-4 m,光屏离双缝l=1 m,光在真空中的传播速度为c=3×108 m/s,求: (1)玻璃砖对该光线的折射率n ; (2)光线在玻璃砖中传播的时间t ; (3)光屏上相邻亮条纹的间距Δx.15.半径均为r 的14圆轨道AB 与14圆管轨道BC 在B 点平滑对接,固定放置在竖直平面内,轨道在最低点A 的切线水平、在最高点C 的切线水平,两轨道的内壁均光滑.在光滑的水平地面上,让质量为m2的小球甲(视为质点)以一定的水平初速度与前方静止的质量为m 的小球乙(视为质点)发生弹性碰撞,小球乙以一定的速度滑上轨道,重力加速度为g.(1)若小球乙到达C 点时受到的弹力刚好为0,求小球乙在A 点受到的支持力大小;(2)若小球乙到达C 点时对管的上壁有压力,求A 点时轨道对乙的支持力大小与C 点时轨道对乙的压力大小之差;(3)若小球乙离开C 点做平抛运动的水平位移为2√2r ,求甲与乙碰撞之前的速度大小.模块综合测评1.B[解析] 喷出气体过程中重力和空气阻力可忽略不计,在火箭发射的过程中二者组成的系统在相同竖直方向的动量守恒;以喷出气体的速度方向为正方向,由动量守恒定律得mv0+(M-m)v=0,代入数据解得v=-42 m/s,负号表示方向向上,故选B.2.A[解析] 由题意得v=ΔxΔt =60.3×2m/s=10 m/s,A正确;T=0.2 s,λ=vT=2 m,B错误;中点C到两波源的距离都是半波长的奇数倍,因两波源的振动是反相位的,所以中点C为振动减弱点,C错误;t2=0.75 s时,B点在负向最大位移处,D错误.3.C[解析] 发生全反射的条件之一是入射角i要大于或等于临界角C,即光线传播到分界面时的入射角i 应满足i=90°-θ≥C,即θ≤90°-C,故C正确.4.C[解析] 机器工作时钢片均做受迫振动,振动频率等于机器振动的频率,故相同,A错误;机器工作时钢片的振动幅度不同,机器振动的频率接近其固有频率的钢片振动幅度最大,B错误;若机器的转速为3600 r/min,即60 r/s,则稳定时固有频率为60 Hz的那一个钢片发生共振,振动幅度最大,C正确;驱动力的频率接近固有频率时会使振幅增大,远离固有频率时会使振幅减小,故机器转速增加,有的钢片振动幅度增加,有的钢片振动幅度减小,D错误.5.B[解析] 由图甲、乙可知,波长一定时,狭缝越窄衍射现象越明显;由图丙、丁、戊可知,狭缝一定,波长越大衍射现象越明显.只有缝、孔的宽度或障碍物的尺寸跟波长相差不多或比波长更小,才能观察到明显的衍射现象,选项A错误,B正确;图戊可以得出,波长比狭缝小太多同样会发生衍射现象,只是衍射现象不明显,选项C错误;图甲可以看出,狭缝宽度再增加也会发生衍射现象,只是衍射现象不明显,选项D错误.6.C[解析] 设物体运动到位置x时速度为v,根据机械能守恒定律有12kl2=12kx2+12mv2,解得v=√km(l2-x2),所以动量为p=mv=√mk(l2-x2),故选C.7.C[解析] 波速由介质决定,则两波在同一均匀介质中传播波速相同,设为v,则有x AB=2vt,代入数据解得v=10 m/s,由图知A的周期T A=0.2 s,则波长为λA=vT A=2 m,由图知B的周期T B=0.4 s,则波长为λB=vT B=4 m,故A、B错误;A向右传播的波与B向左传播的波在0.5 s时相遇,即在C点相遇,再经过0.2 s就到了t=0.7 s时刻,由图乙可知A波再经过0.2 s处于平衡位置向上振动,由丙图可知B波再经0.2 s处于平衡位置向上振动,故此时C点是振动加强,故C正确;由题可知,B的右边只接收到波源A传过去的波,A波的频率为f=1T A=5 Hz,当在B的右边有一观察者向右运动时,远离波源A,根据多普勒效应,接收频率小于波源频率5 Hz,故D错误.8.AB[解析] 单摆的周期T=2 s,根据T=2π√Lg可得摆长L=gT 24π2=10×224×3.142m≈1 m,选项A正确;最大偏角约为θ≈tan θ=AL=7100rad≈4°,选项B正确;在第1 s末摆球在最低点,则此时细线的拉力最大,选项C错误;细线的张力大小变化周期为1 s,选项D错误.9.BC[解析] 小球在杆中点受两橡皮筋的弹力处于平衡状态.当小球移动时,一个弹力增大,另一个弹力减小,两弹力反向,根据ΔF=kΔx,可知,两橡皮筋弹力变化大小相等,两弹力提供的合力大小随位移均匀变大.当右侧橡皮筋变为伸长状态后,两弹力同向,合力随位移仍均匀变大,故小球做简谐运动,A正确;小球从杆中点到最大位移处,再返回至杆中点的过程为两根橡皮筋的总弹性势能的变化周期,即T2,B错误;根据T0=2π√mk,简谐运动过程的周期不变,C错误,D正确.10.ABD[解析] 第1条亮纹中心与第6条亮纹中心间距为1.500 cm,则相邻两条亮条纹中心间距为Δx=1.5005cm=0.300 cm,故A正确;根据双缝干涉的条纹间距公式Δx=Ldλ可知,增大双缝到屏的距离L,Δx将变大,故B正确;由Δx=Ldλ可知,增大双缝的距离d,Δx将变小,故C错误;换用红光照射,即光的波长λ变长,由Δx=Ldλ知Δx将变大,故D正确.11.(1)9.7或9.8(2)D(3)2tN-1(4)9.8 D[解析] (1)用游标卡尺测量小钢球直径读数为9 mm+0.1 mm×7=9.7 mm.(2)固定摆线时要用铁夹夹住固定,防止摆球摆动时摆长变化;摆球要用质量大体积相对较小的铁球,以减小相对阻力;摆线要用无弹力的细丝线,故选D.(3)单摆周期为T=t N-12=2t N-1.(4)根据T=2π√lg 可得T2=4π2gl,则4π2g=4.04,解得g=9.8 m/s2;由T2=4.04l+0.05可知图像在纵轴上有正截距,可能是计算摆长时忘记加上了小球的半径,即计算摆长时只算了绳长;若是计算摆长时加了小球的直径,则图像在纵轴出现负截距;而摆角大小对周期无影响;而开始计时时小球在最高点,可能会造成测量周期的误差,则对图像的斜率有影响,从而影响重力加速度的测量值,综上所述,选项D正确,A、B、C错误.12.(1)>(2)AC(3)CD(4)m1s P=m1s M+m2s N[解析] (1)为了防止入射球碰后反弹,一定要保证入射球的质量大于被碰球的质量,即m1>m2;(2)要验证动量守恒定律,需测量小球的质量和三个落点到O点的距离,故提供的测量工具中必需的是AC;(3)实验要求小球每次从斜槽未端抛出时的速度相同,所以每次应从斜槽上同一位置由静止释放小球,但斜槽是否光滑对上述要求无影响,即斜槽不必光滑,故A错误,C正确;为了更好的完成实验应该用密度大的钢球,碰撞效果更明显,塑料球碰撞时能量损失大,运动的距离小,实验结果误差大,故B错误;为了使小球发生对心碰撞且碰后不被反弹,要求入射小球质量大于被碰小球质量,入射小球和被碰小球的半径必须相同,故D正确.(4)小球离开轨道后做平抛运动,因为抛出点的高度相等,所以小球做平抛运动的时间t相等,小球做平抛运动的初速度越小,水平位移越小,两球碰撞后入射球的速度变小,小于碰撞前入射球的速度,且小于被碰球的速度,碰撞后入射球的水平位移变小,入射球的水平位移小于被碰球的水平位移,由图示可知,入射小球前后两次的落地位置分别为P、M两点,被碰球落地位置是N,设碰撞前入射球的速度大小为v0,碰撞后入射球速度大小为v1,被碰球速度大小为v2,碰撞过程系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2,小球做平抛运动的时间t相等,两边同时乘以t,则有m1v0t=m1v1t+m2v2t,则m1s P=m1s M+m2s N,所以只要满足关系式m1s P=m1s M+m2s N,就能说明两球碰撞前后动量是守恒的.13.(1)10 m/s(2)沿x轴负方向传播(3)波谷,坐标(1.5,-14)(4)140 cm[解析] (1)由图甲知,波长为λ=4 m由图乙知,周期为T=0.4 s波的传播速度大小为v=λT =40.4m/s=10 m/s(2)在0~1.5 s内波沿传播方向传播距离为x=vt=10×1.5 m=15 m且15 m=3λ+3 m因此可知实曲线向左平移3个波长再加3 m得到虚线图线,则波沿x轴负方向传播(3)0~0.15 s 内波沿x 轴负方向传播距离为x=vt=10×0.15 m =1.5 m因此x=1.5 m 处的质点在t=0.15 s 的状态与x=3 m 处质点在t=0时刻状态相同,处于波谷位置坐标为(1.5,-14)(4)由于t=1 s =2.5 T在5 m 处质点经1 s 通过的路程为10个振幅,该质点经1 s 通过的路程为 s=10A=10×14 cm =140 cm14.(1)√2 (2)2√2×10-9 s (3)2.5×10-3 m [解析] (1)根据临界角与折射率的关系可得 n=1sinC=1sin45°=√2(2)光线在玻璃中的传播时间为t=2R v根据光在介质中的传播速度v=cn解得t=2√2×10-9 s(3)根据条纹间距与波长的关系可得Δx=ld λ=12×10-4×5×10-7 m =2.5×10-3 m15.(1)6mg (2)6mg (3)32√6gr[解析] (1)小球乙到达C 点时所受弹力为0,由牛顿第二定律可得mg=m v C 2r小球乙从A 点到C 点,由动能定理有-mg×2r=12mv C 2-12mv A 2小球乙在A 点,由牛顿第二定律可得F A -mg=m v A 2r联立解得F A =6mg(2)设小球乙在A 、C 两点的速度分别为v A '、v C ',对小球乙受力分析,在A 点,由牛顿第二定律有 F A '-mg=mv A '2r在C 点,由牛顿第二定律有 F C '+mg=m v 'C 2r小球乙从A 点到C 点,由动能定理有-mg×2r=12mv C '2-12mv A '2联立解得F'A -F'C =2mg+mv 'A 2r-m v 'C2r=6mg(3)小球乙离开C 点,由平抛运动规律可知,水平方向有2√2r=v C t 竖直方向有2r=12gt 2乙从A 点运动到C 点,由机械能守恒可得12m v 乙2=12m v C 2+mg 2r设甲与乙碰撞之前的速度为v 0,碰后甲、乙的速度分别为v 甲、v 乙,由系统动量守恒有m 2v 0=m2v 甲+mv 乙由动能守恒有12×m2v 02=12×m2v 甲2+12m v 乙2联立解得v 0=32√6gr章末素养测评(二)第二章 机械振动一、单项选择题1.关于简谐运动,下列说法正确的是 ( )A .位移的方向总指向平衡位置B .振幅是矢量,方向从平衡位置指向最大位移处C .回复力实际上就是向心力D .做简谐运动的物体,其频率固定,与振幅无关2.在敲响古刹里的大钟时,有的同学发现,停止对大钟的撞击后,大钟仍“余音未绝”,分析其原因是( ) A .大钟的回声 B .大钟在继续振动C .人的听觉发生“暂留”的缘故D .大钟虽停止振动,但空气仍在振动3.如图所示,质量为m 的物体A 放置在质量为M 的物体B 上,B 与弹簧相连,它们一起在光滑水平面上做简谐运动,振动过程中A 、B 之间无相对运动,设弹簧的劲度系数为k.当物体离开平衡位置的位移为x 时,A 、B 间摩擦力的大小等于( )A .0B .kxC .m MkxD .mM+m kx4.如图所示,一质点做简谐运动,O 点为平衡位置,先后以相同的速度依次通过M 、N 两点,历时1 s,质点通过N 点后再经过1 s 第2次通过N 点,在这2 s 内质点通过的总路程为12 cm,则质点的振动周期和振幅分别为( )A .3 s,6 cmB .4 s,6 cmC .4 s,9 cmD .2 s,8 cm5.[2022·杭州二中月考] 如图所示是半径很大的光滑凹球面的一部分,有一个小球第一次自A 点由静止开始滑下,到达最低点O 时的速度为v 1,用时为t 1;第二次自B 点由静止开始滑下,到达最低点O 时的速度为v 2,用时为t 2,下列关系正确的是( )A.t1=t2,v1>v2B.t1>t2,v1<v2C.t1<t2,v1>v2D.t1>t2,v1>v26.如图所示为两个单摆的振动图像,若两单摆所在位置的重力加速度相同,则它们的()A.摆球质量相等B.振幅相等C.摆长相等D.摆球同时改变速度方向7.[2022·浙江诸暨中学月考] 如图为某质点做简谐运动的图像,在0~1.5 s范围内,以下说法正确的是()A.该质点的振动周期为8 s,振幅为4 cmB.0.4 s与0.6 s,质点的加速度相同,速度也相同C.0.1 s与1.3 s,质点的回复力最大,动能最小D.0.1 s至0.5 s这段时间,质点的位移方向和速度方向都发生了改变二、多项选择题8.[2022·合肥一中月考] 一小球在平衡位置O点附近做简谐运动,若从第一次经过M点时开始计时,4 s末第三次到达M点,则该小球做简谐运动的周期可能是()A.1 sB.2 sC.3 sD.4 s9.[2022·厦门一中月考] 如图甲所示,弹簧振子以点O为平衡位置,在A、B两点之间做简谐运动.取向右为正方向,物块的位移x随时间t的变化如图乙所示,下列说法正确的是 ()A.t=0.8 s时,物块的速度方向向右B.t=0.2 s时,物块在O点右侧6√2cm处C.t=0.4 s和t=1.2 s时,物块的加速度完全相同D.t=0.4 s到t=0.8 s的时间内,物块的速度逐渐增大10.将一个力传感器接到计算机上,就可以测量快速变化的力,用这种方法测得的某单摆摆动时悬线上拉力的大小随时间变化的曲线如图所示.某同学由此图像提供的信息做出的下列判断中正确的是()A.t=0.2 s时摆球正经过最低点B.t=1.1 s时摆球正经过最低点C.摆球摆动过程中机械能不变D.摆球摆动的周期是T=1.2 s三、实验题11.(1)某同学在探究影响单摆周期的因素时有如下操作,请判断是否恰当(均选填“是”或“否”).①把单摆从平衡位置拉开约5°角释放:;②在摆球经过最低点时启动停表计时:;③用停表记录单摆一次全振动的时间作为周期:.(2)该同学改进测量方法后,得到的部分测量数据如下表所示.数据组编号摆长/mm摆球质量/g周期/s1999.332.22.02999.316.52.03799.232.21.84799.216.51.85501.132.21.46501.116.51.4用螺旋测微器测量其中一个摆球直径的示数如图所示,则该摆球的直径为mm.根据表中数据可以初步判断单摆周期随的增大而增大.12.某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中,测量5种不同摆长情况下单摆的振动周期,记录数据如下:摆长l/m0.50.80.91.01.2周期T/s 1.421.791.92.02.2T2/s22.023.23.614.04.84以l为横坐标,T2为纵坐标,在图中作出T2-l图像,利用此图线可求出重力加速度g=m/s2.四、计算题13.弹簧振子以O点为平衡位置,在B、C两点间做简谐运动,在t'=0时刻,振子从O、B间的P点以速度v 向B点运动;在t'=0.2 s时,振子速度第一次变为-v;在t'=0.6 s时,振子速度第二次变为v.B、C之间的距离为20 cm.(1)求弹簧振子振动周期T;(2)求振子在4.0 s内通过的路程;(3)取从O向B为正方向,振子从平衡位置向C运动开始计时,写出弹簧振子的位移表达式,并画出弹簧振子的振动图像.14.[2022·青岛二中期末] 有一单摆,在地球表面的周期为2 s,已知月球表面的重力加速度约为地球表面重(取g地=9.8 m/s2,结果均保留2位有效数字).力加速度的16(1)该单摆的摆长为多少?(2)若将该单摆置于月球表面,则其周期为多大?(3)若将摆长缩短为原来的1,则在月球表面时此摆的周期为多大?215.[2022·武汉二中期末] 如图所示,水平平台左段粗糙、右段光滑,平台右端墙壁固定一水平弹簧,弹簧劲度系数k=32 N/m,弹簧的自由长度恰好是光滑平台的长度,粗糙平台的长度L=4 m,质量m=1 kg的滑块在外力F=6 N作用下,由静止开始从粗糙平台一端运动,滑块与粗糙平台间的动摩擦因数μ=0.2,作用1 s后(m为撤去外力,滑块与弹簧相互作用时不粘连且在始终在弹性限度内,弹簧振子振动的周期公式T=2π√mk弹簧振子的质量,k为弹簧劲度系数),滑块可看成质点,g取10 m/s2,试求:(1)滑块与弹簧碰撞前瞬间速度大小v;(2)滑块运动的总时间t.章末素养测评(二)1.D[解析] 在简谐运动中位移方向总是背向平衡位置,故A错误;振幅是标量,只有大小,没有方向,故B 错误;回复力是指要使物体回到平衡位置,指向平衡位置的力,而向心力是物体做圆周运动时指向圆心的合力,两者是两回事,本质不同,故C错误;做简谐运动的物体的振动频率仅与物体本身有关,故D正确.2.B[解析] 停止对大钟的撞击后,大钟的振动不会立即停止,振动的能量不会凭空消失,它会再振动一段时间然后因为阻尼而停止,因此还会在空气中形成声波,这就是余音未绝的原因,故选B.3.D[解析] 对A、B整体,有kx=(M+m)a,对A,有F f=ma,联立解得F f=mM+mkx,故D正确.4.B[解析] 质点通过M、N两点时速度相同,说明M、N两点关于平衡位置对称,由时间的对称性可知,质点由N点到最大位移处与由M点到最大位移处的时间相等,都为t1=0.5 s,则T2=t MN+2t1=2 s,解得T=4 s,质点在这2 s内通过的路程恰为2A,即2A=12 cm,解得A=6 cm,故B正确.5.A[解析] 从A、B点均做单摆模型运动,由单摆周期公式T=2π√lg ,可得t1=T A4=π2√Rg,t2=T B4=π2√Rg,R为球面半径,故t1=t2;A点离平衡位置远些,高度差大,故从A点滚下到达平衡位置O时速度大,即v1>v2.故A正确,B、C、D错误.6.C[解析] 由x-t图像可知,两单摆振动周期相等,由T=2π√lg知,两单摆摆长一定相等,C正确;由x-t图像可知,两单摆的振动位移并不是同时达到最大值,故摆球速度方向不同时改变,D错误;由x-t图像可知,两单摆的振幅不相等,B错误;单摆的周期与摆球质量无关,故无法比较两摆球的质量,A错误.7.C[解析] 由简谐运动的图像可读出振动周期为0.8 s,振幅为4 cm,故A错误;0.4 s与0.6 s,质点的位移相同,但0.4 s沿正方向振动,0.6 s沿负方向振动,则两时刻质点的加速度相同,速度大小相等,方向相反,故B 错误;0.1 s与1.3 s,质点均在离开平衡位置位移最大的位置,由F=-kx可知回复力最大,动能最小,故C正确;0.1 s至0.5 s这段时间,质点从负的最大位移处到正的最大位移处,位移方向由负向变为正向,速度方向一直沿正向,速度方向没有改变,故D错误.8.BD[解析] 若小球的运动路线如图甲所示,则4 s振动1个周期,故振动的周期为T=4 s;若小球的运动路线如图乙所示,则4 s振动2个周期,故振动的周期为T=2 s,选项B、D正确.甲乙。
高中历史单元综合测评3北魏孝文帝改革含解析新人教版选修1
高中历史模块：单元综合测评(三) 北魏孝文帝改革(时间：60分钟分值：90分)1．(15分)阅读下列材料，回答问题。
材料一北魏兴起于蒙古高原，初以盛乐(今内蒙古和林格尔县)为首都，为便于向南扩张而以平城(今山西大同市东北)为南都，后遂迁都平城。
孝文帝迁都洛阳后，平城被称为北京。
——华林甫《中国地名史话》材料二迁居洛阳的鲜卑人，经过三十年，大体上已经汉化。
一个统治民族仅仅经过三十年时间，就与被统治民族相融合，不能不说是孝文帝汉化政策的极大成功。
——樊树志《国史十六讲》材料三但是，民族融合是历史发展的必然趋势，是进步的现象。
特别是那些社会经济发展水平低于中原汉族的少数民族，一旦走进黄河流域这个汉文化的摇篮，他们就终究要融入这个汪洋大海之中。
——张岂之主编《中国历史十五讲》(1)根据材料一，归纳北魏迁都的过程及特点。
北魏不断迁都的原因是什么？(6分)(2)列举孝文帝推行的汉化政策。
(3分)(3)孝文帝改革对鲜卑族的发展历程产生了怎样的影响？你是如何认识材料三的观点的？(6分)[解析] 第(1)问，迁都过程及特点要依据材料一归纳概括，其迁都原因要从内外两方面归纳概括。
第(2)问，属于再认再现基础知识，难度较小，依据所学史实回答即可。
第(3)问，“影响”的作答要注意审题，注意限制语“对鲜卑族的发展历程”。
对材料三观点的认识可自由发挥，言之成理即可。
[答案] (1)过程：由盛乐迁至平城，再迁至洛阳。
特点：不断南迁。
原因：北方保守势力强大，经济落后，外来威胁严重；中原先进经济文化的吸引；统治中原地区的需要。
(2)汉化政策：易服装、讲汉话、改汉姓、通婚姻、改籍贯。
(3)影响：与汉族完全融合，历史上的鲜卑族最终消失。
认识：这一观点是正确的。
少数民族的经济文化相对落后，进入中原后，必然会被中原的文明所征服。
这一过程促进了少数民族的发展进步，有利于民族融合，促进了中华民族的形成和发展。
2．(15分)阅读下列材料，回答问题。
同步新教材教科版物理必修第三册课后练习-模块综合测评-含解析
模块综合测评(时间：90分钟 分值：100分)1．(4分)下列关于能量守恒定律的认识不正确的是( )A ．某种形式的能减少，一定存在其他形式的能增加B ．某个物体的能量减少，必然有其他物体的能量增加C ．不需要任何外界的动力而持续对外做功的机械——永动机不可能制成D ．石子从空中落下，最后静止在地面上，说明机械能消失了D [根据能量守恒定律可知，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失。
能量只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到其他物体，AB 对，D 错；永动机违背了能量守恒定律，故它不可能制造出来，C 对。
D 符合题意。
]2．(4分)下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是( )A ．由E ＝F q 知，电场中某点的电场强度与检验电荷所带的电荷量成反比B ．由C ＝Q U 知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C ．由E ＝k Q r 2知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D ．由U AB ＝W AB q 知，带电荷量为1 C 的正电荷，从A 点移动到B 点克服电场力做功为1 J ，则A 、B 两点间的电势差为－1 VD [电场强度E 与F 、q 无关，由电场本身决定，A 错误；电容C 与Q 、U无关，由电容器本身决定，B 错误；E ＝k Q r 2是点电荷电场强度的决定式，C 错误；由U AB ＝W AB q 可知，D 正确。
]3．(4分)如图，直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为φM、φN、φP、φQ。
一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则() A．直线a位于某一等势面内，φM＞φQB．直线c位于某一等势面内，φM＞φNC．若电子由M眯运动到Q点，电场力做正功D．若电子由P点运动到Q点，电场力做负功B[根据题述一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，可知N点和P点处于同一等势面上，直线d们玗某一等势面内。
高中物理 模块综合测评高中物理试题3
实蹲市安分阳光实验学校模块综合测评(时间：90分钟分值：100分)一、选择题(本题共10个小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．工厂在生产纺织品、纸张绝缘材料时为了实时监控其厚度，通常要在生产流水线上设置如图所示传感器．其中A、B为平行板电容器的上、下两个极板，上下位置均固，且分别接在恒压直流电源的两极上．当流水线上通过的产品厚度增大时，下列说法正确的是 ( )A．A、B平行板电容器的电容减小B．A、B两板间的电场强度增大C．A、B两板上的电荷量变小D．有电流从b向a流过灵敏电流计D [根据C＝εS4πkd可知当产品厚度增大导致ε增大时，电容器的电容C增大，再根据Q＝CU可知极板带电量Q增加，有充电电流从b向a流过，故A、C 错误，D正确；因两板之间的电势差不变，板间距不变，所以两板间电场强度E＝Ud不变，故B错误．]2.如图所示，一带电荷量Q＝0.1 C的正点电荷固在F点，另一带电荷量q＝0.01 C的负点电荷仅在库仑力的作用下围绕Q做椭圆运动，F点为椭圆的一个焦点，已知长轴AC＝0.1 m，短轴BD＝0.08 m，则下列说法正确的是( )A．q在A点的电势能大于在B点的电势能B．q在A、C两点受到的库仑力大小之比为16∶1C．在点电荷Q的电场中，B、D两点的电场强度相同D．在点电荷Q的电场中，D点的电势大于O点的电势B [靠近正点电荷处的电势高，可知A点的电势高于B点的电势，负电荷在电势高处的电势能小，所以q在A点的电势能小于在B点的电势能，故A错误；设F点到O点的距离为x，AO＝CO＝a，BO＝DO＝b，由几何关系可知2a＝2·FB而FB＝b2＋x2代入数据可得x＝0.03 mq在A点受到的电场力F1＝kQq（a－x）2q在C点受到的电场力F2＝kQq（a＋x）2代入数据可得F1F2＝161，故B正确；B、D为椭圆的两个顶点，则B、D两点到Q的距离相，由点电荷的场强公式E ＝k Qr2可知，两点的电场强度大小相，但方向不同，故C 错误；靠近正点电荷处的电势高，可知在点电荷Q 的电场中，D 点的电势小于O 点的电势，故D 错误．]3.两根粗细相同、材质不同的金属棒A 、B 接在一起后接入电路，已知两棒长度之比L A ∶L B ＝2∶1，电阻率ρA ∶ρB ＝1∶2，如图所示，则下列说法正确的是( )A ．A 棒两端电压小于B 棒两端电压B ．通过两棒的电流强度不相C ．两棒电阻相D ．电流流过两棒产生的热功率不相C [两棒长度之比如L A ∶L B ＝2∶1，电阻率ρA ∶ρB ＝1∶2，由R ＝ρLS 可知，R A ∶R B ＝1∶1，由U ＝IR 可知电压相，故A 错误，C 正确．两金属棒串联，因此两棒中的电流强度相同，故B 错误；根据Q ＝I 2Rt ，知两棒产生的热功率相，故D 错误．]4．水平桌面上有一根绝缘的长直导线a ，垂直纸面放置，在桌面正上方高且与直导线a 平行距的位置，固两根绝缘直导线b 和c ，三根导线中的电流大小相、方向如图所示．导线a 始终处于静止状态，关于导线a ，以下说法中正确的是( )A ．对地面的压力数值上小于自身的重力B ．对地面的压力数值上于自身的重力C ．对地面的压力数值上大于自身的重力D ．受水平向左的摩擦力B [由于三个导线上的电流大小相，距离相，所以a 与b 之间的作用力的大小于a 与c 之间的作用力的大小，根据同向电流相互吸引，异向电流相互排斥可知，a 与b 之间是吸引力，a 与c 之间是排斥力，根据矢量的合成可知，a受到的安培力的合力的方向沿水平方向向左，所以a 对地面的压力不变；在水平方向a 要保持平衡，则受到地面的向右的摩擦力．故选B.]5．如图是某温度检测和光电控制加热装置的原理图．R T 为热敏电阻(温度升高，阻值减小)，用来探测加热电阻丝R 的温度．R G 为光敏电阻(光照强度增大，阻值减小)，接收小灯泡L 的光照．其他电阻均为值电阻．当R 处温度升高后，下列说法正确的是( )A ．灯泡L 将变暗B ．R G 的电压将增大C ．R 的功率将增大D ．R 的电压变化量与R 2的电流变化量的比值不变D [当R 处温度升高时，R T 阻值变小，左边回路中电流增大，小灯泡L 的功率增大，灯泡L 将变亮，故A 错误．左边回路中电流增大，L 的光照强度增大，则R G 阻值变小，右侧电路的总电阻变小，总电流变大，E 2的内电压增大，则其路端电压变小；总电流增大，则R 2两端电压增大，所以右侧电路并联电压减小，R 的电压减小，则R 的功率将减小；R 的电流减小，而总电流增大，则通过R 3的电流增大，R 3的电压将增大，所以R G 的电压将减小，故B 、C 错误．R 的电压变化量与R 2的电流变化量的比值ΔUΔI＝R 2+r 2，保持不变，故D 正确．]6．如图所示，在荧屏MN 上方分布了水平方向的匀强磁场，磁感强度的大小B ＝0.1 T ，方向垂直纸面向里．距离荧屏h ＝16 cm 处有一粒子源S ，以速度v ＝1×106m/s 不断地在纸面内向各个方向发射比荷qm＝1×108 C/kg 的带正电粒子，不计粒子的重力，则粒子打在荧屏范围的长度为( )A ．12 cmB ．16 cmC ．20 cmD ．24 cmC [根据牛顿第二律qvB ＝m v 2R得R ＝mv qB＝0.1 m ＝10 cm当粒子的轨迹与屏幕相切时为临界情况，即打到荧屏上的边界，找到圆心O (到S 点的距离与到MN 的距离相的点)，如图，由几何知识知PS ＝8 cm设粒子打在荧屏上最左侧的C 点，则CD ＝（2R ）2－h 2＝12 cm 则范围的长度为CD ＋DA ＝20 cm 故选C.]7．两个相同的轻质铝环能在一个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，设大小不同的电流按如图所示的方向通入两铝环，则两铝环的运动情况是( )A ．两环彼此相向运动B ．两环彼此背向运动C ．电流大的铝环加速度大D ．两环的加速度大小相AD [根据电流间相互作用规律“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”可知，两圆环相互吸引，即彼此相向运动，故A 正确，B 错误；再根据牛顿第二律和牛顿第三律可知，两圆环的加速度大小相，故C 错误，D 正确．]8．如图所示的电路有电源、电阻箱和电流表组成，电源电动势E ＝4 V ，内阻r ＝2 Ω；电流表内阻忽略不计，闭合开关，调节电阻箱，当电阻箱读数分别于R 1和R 2时，电流表对的读数分别为I 1和I 2，这两种情况下电源的输出功率相，下列说法正确的是( )A ．I 1＋I 2＝2 AB ．I 1－I 2＝2 AC ．R 1＝1/R 2D ．R 1＝4/R 2AD [根据闭合电路欧姆律得：I 1＝ER 1＋r ＝4R 1＋2，①I2＝ER2＋r ＝4R2＋2，②这两种情况下电源的输出功率相，则有：I21R1＝I22R2，③由①②③解得：I1＋I2＝2 A，R1＝4/R2，故A、D正确．]9．在一次南极科考中，科考人员使用磁强计测地磁场的磁感强度．其原理如图所示，电路中有一段长方体的金属导体，它长、宽、高分别为a、b、c，放在沿y轴正方向的匀强磁场中，导体中电流强度沿x轴正方向，大小为I.已知金属导体单位体积中的自由电子数为n，电子电荷量为e，自由电子做向移动可视为匀速运动，测出金属导体前后两个侧面间电压为U，则( ) A．金属导体的前侧面电势较低B．金属导体的电阻为U IC．自由电子向移动的速度大小为IneabD．磁感强度的大小为necU IAD [金属导体中有自由电子．当电流形成时，金属导体内的自由电子逆着电流的方向做向移动．在磁场中受到洛伦兹力作用的是自由电子．由左手则可知，自由电子受到的洛伦兹力沿z轴正方向，自由电子向前侧面偏转，金属导体前侧面聚集了电子，后侧面感出正电荷，金属导体前侧面电势低，后侧面电势高，故A正确；金属前后侧面间的电势差是感电势差，U＝Eb，故金属导体的电阻R≠UI，E为感电场强度，故B错误；由电流的微观表达式可知，电流I＝nevS＝nevbc，电子向移动的速度大小v＝Inebc，故C错误；电子在做匀速直线运动，洛伦兹力与电场力平衡，由平衡条件得eE＝evB，导体前后侧面间的电势差U＝Eb，解得B＝necUI，故D正确．]10.质量为m、电量为q的小球沿着穿过它的竖直绝缘棒下落，绝缘棒与小孔间动摩擦因数为μ，匀强电场E方向向右，匀强磁场B方向垂直纸面向外，在球下落过程中( )A．当小球速度为0时，小球加速度最大B．当小球速度为EB时，小球加速度最大C．小球运动的最大速度可达到EBD．小球运动的最大速度可达到mgμqB＋EBBD [假设小球带正电．小球在下滑过程中，开始阶段，洛伦兹力小于电场力，小球受重力、向左的洛伦兹力、向右的电场力、棒向左的弹力和向上的滑动摩擦力，重力大于滑动摩擦力，所以小球向下做加速运动，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力大小为N ＝qE －qvB ，N 随着v 的增大而减小，滑动摩擦力f ＝μN 也减小，小球所受的合力F 合＝mg －f ，f 减小，F 合增大，加速度a 增大；当洛伦兹力于电场力时，合力于重力mg ，加速度最大，此时有qBv＝qE ，v ＝E B.小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向右，大小为N ＝qvB －qE ，v 增大，N 增大，f 增大，F 合减小，a 减小．当mg ＝f 时，a ＝0，故加速度先增大后减小，直到为零；综上，知小球速度为EB 时，小球加速度最大．小球的速度先增大，后不变；当a ＝0时，则有：qBv m ＝N ＋qE ；而f ＝μN ＝mg ，解得最大速度v m ＝mg μqB ＋EB.故B 、D 正确，A 、C错误．]二、非选择题(本题共6小题，共60分)11．(6分)在“测电源的电动势和内阻”的中，已连接好电路． (1)按如图甲所示的电路，把图乙中剩余的电路连接起来．(2)在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片置于________端(选填“A ”或“B ”)．(3)图丙是根据数据作出的U I 图象，由图可知，电源的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.甲 乙 丙[解析] (1)由原理图可知滑动变阻器为限流接法，电压表并联在滑动变阻器两端，由原理图连接实物图如图所示：(2)为保证安全，在开始时电路中电流为最小值，故滑动变阻器接入最大阻值，由图可知，滑动变阻器接入为左半；故滑片接到B 端．(3)由U I 图可知，电源的电动势E ＝1.50 V ，当路端电压为1 V 时，电流为0.5 A ，则由闭合电路欧姆律可知r ＝E －UI＝1 Ω.[答案] (1)如解析图所示 (2)B (3)1.50 112．(8分)某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻． (1)分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图甲和乙所示，长度为________cm ，直径为________mm.(2)按图丙连接电路后，操作如下：①将滑动变阻器R 1的阻值置于最________(选填“大”或“小”)处；将S 2拨向接点1，闭合S 1，调节R 1，使电流表示数为I 0；②将电阻箱R 2的阻值调至最________(选填“大”或“小”)，S 2拨向接点2；保持R 1不变，调节R 2，使电流表示数仍为I 0，此时R 2阻值为1 280 Ω.(3)由此可知，圆柱体的电阻为________Ω.[解析] (1)游标卡尺的读数为l＝(50＋0.1×1)mm＝50.1 mm＝5.01 cm.螺旋测微器的读数为d＝(5＋31.5×0.01)mm＝5.315 mm.(2)电学的设计要遵循性原则、安全性原则和准确性原则．此电路中滑动变阻器是以限流方式接入电路中的，故在①步骤中合上开关前使其接入电路中的阻值为最大，以保证电路安全．同理②步骤中亦将电阻箱R2的阻值调至最大．(3)①步骤中，由闭合电路欧姆律得I0＝ER＋R1＋R g＋r，其中R表示圆柱体的电阻；②步骤中，仍由闭合电路欧姆律得I0＝ER2＋R1＋R g＋r，由量代换可得R＝R2＝1 280 Ω.[答案] (1)5.01 5.315 (2)大大(3)1 28013.(10分)如图所示，空间存在着电场强度E＝2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L＝0.5m的绝缘细线，一端固在O点，一端拴着质量m＝0.5 kg、电荷量q＝＋4×10－2C的小球．现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂．取g＝10 m/s2.求：(1)小球运动到圆周最高点的速度，细线能承受的最大拉力；(2)当细线断裂后，小球继续运动到与O点水平方向距离为L时，小球距O 点的高度．[解析] (1)在最高点，根据动能理可得(Eq－mg)L＝12mv2B在最高点，小球的向心力由绳子的拉力、重力和电场力的合力充当，故有T ＋mg－Eq＝mv2BL联立解得v B＝10 m/s，T＝15 N.(2)小球做类平抛运动，设小球在水平方向运动L的过程中，历时t，则，由L＝v B t在竖直方向上，加速度为a＝qE－mgm，故h＝L＋qE－mg2 mt2联立解得h＝0.625 m.[答案] (1)10 m/s 15 N(2)0.625 m14.(10分)如图所示，由A、B两平行板构成的电容器，电容为C，原来不带电．电容器的A板接地，并且中心有一个小孔，通过这个小孔向电容器中射入电子，射入的方向垂直于极板，射入的速度为v0，如果电子的发射是一个一个单独进行的，即第一个电子到达B板后再射第二个电子，并且所有和B板相碰的电子都留在B板上．随着电子的射入，两极板间的电势差逐渐增加，直至达到一个稳值．已知电子的质量为m、电量为e，电子所受的重力可忽略不计，A 、B 两板的距离为L .(1)有n 个电子到达B 板上，这时两板间电场的场强E 多大？ (2)最多能有多少个电子和B 板相碰？(3)到达B 板的第1个电子在两板间运动的时间和最后一个电子在两板间运动的时间相差多少？[解析] (1)当B 板上聚集了n 个射来的电子时，两板间的电势差为U ＝QC＝ne C， 内部电场为匀强电场，场强为E ＝U L ＝neCL.(2)设最多能聚集N 个电子，第N ＋1个射入的电子到达B 板时速度减为零．此时两板间的电势差为U 1＝Q 1C ＝NeC对此后再射入的电子，根据动能理有－eU 1＝0－12mv 2联立解得N ＝Cmv 202e2.(3)第一个电子在两板间做匀速运动，运动时间为t 1＝Lv 0最后一个电子在两极间做匀减速运动，到达B 板时速度为零，运动时间为：t 2＝L v ＝2L v 0二者时间差为Δt ＝t 2－t 1＝Lv 0.[答案] (1)ne CL (2)Cmv 202e 2 (3)L v 015．(12分)如图所示的电路中，R 1＝10 Ω，R 2＝4 Ω，R 3＝6 Ω，R 4＝3 Ω，U ＝2.4 V.(1)在ab 间接一只理想电压表，它的读数是多少？ (2)如在ab 间接一只理想电流表，它的读数又是多少？[解析] (1)在ab 间接一只理想电压表时，R 2、R 3串联后电阻为R 串＝R 2＋R 3＝10 Ω R 串与R 1并联后电阻为R 并＝R 串R 1R 串＋R 1＝5 Ω再与R 4串联后总电阻为R 总＝R 并＋R 4＝8 Ω此时电路电流为I 总＝UR 总＝0.3 AR 4两端的电压为U 4＝I 总R 4＝0.9 VR 2、R 3串联后两端的电压为U 串＝U －U 4＝1.5 V R 2、R 3串联电路中的电流为I 分＝U 串R 2＋R 3＝0.15 AR 3两端的电压为U 3＝I 分R 3＝0.9 V电阻R 3、R 4两端的电压之和也就是电压表的示数U 分＝U 3＋U 4＝1.8 V.(2)在ab间接一电流表时，通过电阻R2的电流为I2＝UR2＝0.6 AR3、R4并联后电阻为R并＝R3R4R3＋R4＝2 Ω再与R1串联后总电阻为R串＝R1＋R并＝12 Ω此时这段电路的电流为I1＝UR串＝0.2 A所以通过R1的电流为0.2 A，R3两端的电压为U3＝I1R并＝0.4 V通过R3的电流为I3＝U3R3≈0.07 A电流表的示数为I＝I2＋I3＝0.67 A.[答案] (1)1.8 V (2)0.67 A16．(14分)如图所示，一带电微粒质量为m＝2.0×10－11kg、电荷量q＝＋1.0×10－5 C，从静止开始经电压为U1＝100 V的电场加速后，从两平行金属板的中间水平进入偏转电场中，微粒从金属板边缘射出电场时的偏转角θ＝30°，并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D＝34.6 cm的匀强磁场区域．微粒重力忽略不计．求：(1)带电微粒进入偏转电场时的速率v1；(2)偏转电场中两金属板间的电压U2；(3)为使带电微粒不会从磁场右边射出，该匀强磁场的磁感强度B至少多大？[解析] (1)带电微粒经加速电场加速后速率为v1，根据动能理，得U1q＝12mv21，v1＝2U1qm＝1.0×104 m/s.(2)带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，设微粒进入磁场时的速度为v′，则v′＝v1cos 30°，得出v′＝233v1.由动能理有12m(v′2－v21)＝qU22，解得U2＝66.7 V.(3)带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设微粒恰好不从磁场右边射出时，做匀速圆周运动的轨道半径为R，由几何关系知R＋R2＝D，由牛顿运动律及运动学规律qv′B＝mv′2R，得B＝0.1 T.若带电粒子不射出磁场，磁感强度B至少为0.1 T.[答案] (1)1.0×104 m/s (2)66.7 V (3)0.1 T。
鲁科版(2019)高中物理必修第三册模块综合测评练习题(含答案)
模块综合测评(时间：90分钟 分值：100分)1．(4分)下列关于静电场和磁场的说法正确的是( )A ．电场中场强越大的地方，电势一定越高B ．电场中某点的场强与试探电荷的电荷量成反比C ．磁场中某点的磁感应强度大小与小磁针受到的磁场力大小有关D ．静电荷产生的电场中电场线不闭合，通电直导线产生的磁场中磁感线是闭合的D [电场中场强越大的地方，电势不一定越高，如负点电荷周围，越靠近点电荷，场强越大，但电势却越低，选项A 错误；电场中某点的场强是由电场本身决定的，与试探电荷存在与否无关，选项B 错误；磁场中某点的磁感应强度由磁场本身决定，与小磁针存在与否无关，选项C 错误；静电荷产生的电场中电场线是从正电荷(或无穷远处)出发终止于无穷远处(或负电荷)，是不闭合的，通电直导线产生的磁场中磁感线是闭合的，选项D 正确。
]2．(4分)下列说法中正确的是( )A ．E ＝U d 适用于任何电场B ．E ＝F q 仅适用于匀强电场C ．E ＝k Q r 2适用于真空中的点电荷形成的电场D ．E 是矢量，由U ＝Ed 可知，U 也是矢量C [E ＝U d 只适用于匀强电场，A 错误；E ＝F q 适用于任何电场，B 错误；E ＝k Q r 2适用于真空中的点电荷形成的电场，C 正确；在公式U ＝Ed 中，E 是矢量，U 是标量，D 错误。
]3．(4分)如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度大小为B ＝1 T 的匀强磁场中，以导线为中心，R 为半径的圆周上有a 、b 、c 、d 四个点，已知c 点的实际磁感应强度为0，则下列说法正确的是( )A．直导线中电流方向垂纸面向里B．a点的磁感应强度为 2 T，方向向右C．b点的磁感应强度为 2 T，方向斜向下，与原匀强磁场方向成45°角D．d点的磁感应强度为0C[由c点磁感应强度为0可得电流在c点产生的磁场的磁感应强度大小B′＝B＝1 T，方向水平向左，由安培定则可知导线中电流方向垂直纸面向外，电流在a、b、d 各点产生的磁场方向分别为向右、向下、向上，且磁感应强度大小均为1 T，故对于a 点，B a＝2 T，对于b点，B b＝ 2 T，方向斜向下，与原匀强磁场方向成45°角，对于d点，B b＝2T，故C正确。
人工智能模块三测试题库
人工智能教育三模块测试题库1.[多选]以下属于教育服务类机器人的有A.智能学伴B.家庭智能助理C.老年人专用机器人D.安全教育机器人2. [判断] 从市场角度来看，目前教育机器人主要在机器人教育和教育服务两方面应用中发挥价值。
A.√对3. [判断] 分级阅读，是指家长和教师根据儿童不同年龄段的智力和心理发育程度，为其科学地制订阅读计划、指导儿童有效阅读的一种阅读方式。
A.√对4. [多选] 在面向学生的分级阅读中，平台会实现以下哪些功能A.阅读读物分级B.实时调整阅读测试C.智能匹配D.个性化推荐与反馈5. [多选]下列哪些步骤属于拍照答疑工具的技术实现过程A.图像输入及预处理------版面分析-----字符切割------字符识别-------版面恢复-----数据库检索√B.图像输入及预处理-字符切割-字符识别-版面分析-版面恢复-数据库检索×C.图像输入及预处理-版面分析-版面恢复-字符切割-字符识别-数据库检索×D.图像输入及预处理-字符切割-版面分析-字符识别-版面恢复-数据库检索×6.[多选]拍照答疑工具有哪些局限性A.易使学生产生依赖心理B.工具自身技术有待完善D.造成学生的创造性思维缺失7.[多选] 智能口语训练平台中，以下哪些功能可以为学生提供多种良好的口语训练环境和教学交互方式A.定时推送B.情景模拟C.多样交互8.[多选] 目前学生在口语学习中存在哪些问题A.缺乏良好的口语环境B.学生不会讲、不敢讲C.学生得不到准确的发音反馈和纠正D.老师无法一对一指导、难以选择教学资源9.[多选]下面属于智能学习测评特点的有A.系统记录学习轨迹B.拥有丰富题库资源C.智能诊断多维学习属性D.过程性评价与个性化推荐10.[判断]在教育领域中，知识检索可以理解为学生根据自身学习需求或相关学习问题的实际情况，找出可利用的知识从而使问题得到圆满解决的过程。
A.√对11.[多选] 在进行知识检索时，包含以下哪些步骤A.用户发出检索请求、系统分析并明确问题B.系统构造相关检索式C.用户检索请求与系统知识库相匹配D.用户获得检索结果并反馈12.[多选]智能导师系统主要由以下哪几个部分组成A.学生模型B.人机接口C.领域知识库D.教学策略和推理模块13.[多选]以下哪些是智能导师系统的主要功能A.诊断学习者的学习活动B.表示学习者的知识获取过程C.自动产生问题求解方案D.及时为学习者提供学习建议和反馈14.[判断]拍照答疑软件、智能口语训练App、百度搜图、智能语音都属于智能学习工具。
个人理财 模块测评答案人大版
模块一个人理财概述1.很多年轻人认为理财是中年人的事或是有钱人的事，到了老年再理财也不迟，这种观点正确吗？请说明理由。
解析：本题是开放题，可以从正反两方面说明年轻人理财的理由和不理财的理由。
如理财要趁早，理由如下：①目前投资门槛很低。
从资金门槛看，目前ETF类股票、基金等产品投资门槛很低，基本上100元左右就可以买入持有；从投资方式看，支付宝，蛋卷等平台都可以方便地买卖，非常方便；从入门难度看，基金定投是最适合绝大多数人的理财方式，基本设置好软件会自动扣款，省时省心。
所以没钱没时间的年轻人也可以搞投资。
②早日建立资产配置体系。
形成适合自己的投资体系不是一蹴而就的，需要经过在市场各类风格下的长期磨合，早点参与可以早点形成自己的感悟。
有没有投入资金，以及入场的时机对市场的感受是不一样的。
③通货膨胀越来越严重。
随着银行利率、余额宝收益率逐年被通货膨胀率碾压，每个人都需要一种至少能长期跑赢通过通货膨胀率的理财方式，这样你的钱才不会慢慢贬值。
年轻人不要痴迷于理财，理由如下：①年轻人本金不多。
做理财的人都知道，我们追求的最终目标是财务自由。
什么是财务自由？那就是非工资收入（也称被动收入）能够超过我们生活支出。
想要达到这样的状态是需要足够多的本金的，因为我们不可能每个人，都有很高的投资回报率，股神巴菲特也才达到15%的年化收益率。
所以，想要财务自由，我们需要足够多的本金。
很明显，对普通年轻来讲我们的本金是不够的。
②理财的付出和收益不成正比。
很多年轻的朋友特别聪明，脑袋转的飞快：本金少没关系啊，我把投资收益率提高不就行了嘛！的确，理论上是这样的。
很多年轻朋友也是这样去实践的。
把自己很少的本金放到高风险投资产品中去，期望获得高收益。
比如虚拟货币、原油现货、3m、股票等，基本上都是亏得血本无归。
相比之下股票还算低风险投资产品了。
但炒股的人都知道这样一句话：七亏二平一赚。
意思是十个人炒股，七个人亏钱，两个人保本，一个人赚钱。
现代人力资源管理(第三版) 习题及答案
模块一人力资源管理基础一、单项选择题1.“科学管理理论”的创始人是（A）A.弗雷德里克﹒泰罗B.法约尔C.韦伯D.霍桑2.行为科学理论的包括（A）A.人际关系理论B.人本管理理论C.科学管理理论D.古典管理理论3.下列属于X理论的是（A）A.厌恶工作是人的本性B.一般人的智力潜能只是得到了部分利用C.适当条件下人会寻求责任D.外界惩罚不是努力的唯一手段二、多项选择题1.人力资源构成包括哪些主要内容？（ABCD）A.体质B.智质C.心里素质D.品德2.人力资源管理的主要内容？（ABCD）A.选人B.育人C.用人D.留人3.下列属于Y理论的是？（BCD）A.厌恶工作是人的本性B.一般人的智力潜能只是得到了部分利用C.适当条件下人会寻求责任D.外界惩罚不是努力的唯一手段三、判断题1.人力资源与人力资本是一个概念（×）2. 人力资源是企业最重要的战略资源（√）3.人力资本关注的是收益问题（√）4.人力资源管理包括选人、育人、用人、留人四个内容（√）5.X理论认为一般人是厌恶工作的（√）6.Y理论认为适当条件下人不仅仅接受责任而且还会寻求责任。
（√）模块二人力资源规划一、单项选择题1.下列属于定性预测方法的是（A）A.德尔菲法B.成本分析法C.趋势预测法D.多元回归预测法2.下列属于定量预测方法的是（D）A.经验预测法B.现状预测法C.自下而上法D.定员法3.下列属于人力资源供给预测方法的是（A）A.技能清单B.经验预测法C.德尔菲法D.自下而上法二、多项选择题1.下列属于人力资源规划内容的是（ABCD）A.人员补充计划B.人员配置计划C.人员接替和提升计划D.培训开发计划2.人力资源规划的过程包括（ABCD）A.准备阶段B.预测阶段C.实施阶段D.评估阶段3.人力资源预测包括（AB）A.人力资源需求预测B.人力资源供给预测C.人力资源供需平衡D.人力资源供大于求三、判断题1.人力资源规划的最终目的是实现供需平衡（√）2.供给小于需求时应该冻结招聘（×）3.供给大于需求时应该让员工多加班（×）4.自下而上的预测方法适用于短期人力资源预测（√）5.成本分析预测法适用于大部分企业（×）6.人员替换时人力资源供给预测方法（√）模块三工作分析与工作设计一、单项选择题1.下列不属于工作分析重点的是（D）A. WhoB. WhatC. WhenD. so what2.下列属于工作分析方法的是（A）A.问卷法B.现状预测法C.自下而上法D.定员法3.下列属于职务说明书注意事项的是（B）A.简短B.清晰C.概括D.独立完成二、多项选择题1.下列属于工作分析重点的是（ABC）A. WhoB. for whoC. howD. so what2.工作分析的程序包括（ABCD）A.准备阶段、设计阶段B.调查阶段、分析阶段C.运用阶段D.反馈调整阶段3.工作设计影响因素包括（ABC）A.员工的因素B.组织的因素C.环境的因素D.领导的因素三、判断题1.工作分析是人力资源开发与管理最基本的作业（√）2.访谈法不是工作分析的方法（×）3.问卷调查的优点是速度快，短时间可以获取大量信息（√）4.观察法是最好的工作分析方法（×）5.职务说明书越详细越好（×）6.弹性岗位设置可以对工作设计进行优化（√）模块四员工招聘与录用一、单项选择题1.广告费属于（A）A. 招募费用B. 甄选费用C. 录用费用D. 安置费用2.测评人员费属于（B）A. 招募费用B. 甄选费用C. 录用费用D. 安置费用3.下列属于企业内部招聘的是（A）A.公开招聘法B.广告招聘C.校园招聘D.现场招聘会二、多项选择题1.下列属于招聘和录用流程的是（ABCD）A. 招聘计划程序B. 应聘申请程序C. 面试程序D. 正式录用程序2.下列属于招聘计划内容的是（ABCD）A.招聘目标B.招聘信息发布的时间C.应聘者的甄选方案D.招聘费用预算3.招聘广告设计的要求要点包括（ABC）A.客观准确B.引人注意C.条件清楚D.形式新颖三、判断题1.录用的原则是“谁用人谁决策”（√）2.招聘最直接目的是为了弥补企业人力资源的不足（√）3.企业招聘渠道主要包括内部招聘和外部招聘（√）4.广告招聘是现在应用很广泛的一种方法（√）5.形式新颖是招聘广告设计的要求要点（×）6.面试问题设计要符合STAR方法（√）模块五员工培训与开发一、单项选择题1. （B）就是在对企业内外部环境调研和深入分析的基础上,确定现有员工的能力、知识、行为方式或水平等是否能够满足企业运营和发展的需要。