甘肃省天水市秦安县第二中学 高二物理上学期第二次月考试题
秦安县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
秦安县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．（2016河南名校质检）如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．取g＝10 m/s2.则（）A．物体的质量m＝1.0 kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.20C．第2 s内物体克服摩擦力做的功W＝2.0 JD．前2 s内推力F做功的平均功率P＝1.5 W【答案】CD【解析】2．甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，下图是甲、乙两车的速度图象，由图可知（）A. 甲车的加速度大于乙车的加速度t时刻甲、乙两车的速度相等B.1t时刻甲、乙两车相遇C.1t时刻，甲车的平均速度小于乙车的平均速度D. 0～1【答案】B3．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离。
用ϕb、ϕc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和电场强ϕa、度，可以判定：（）ϕa>ϕb>ϕc B．ϕa—ϕb＝ϕb—ϕcA．C．Ea>Eb>Ec D．Ea=Eb=Ec【答案】A4．质量为m的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a１。
当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a2，则A．a1=a2B．a2<2a1C．a2>2a1D．a2=2a1【答案】C【解析】由牛顿第二定律得：，，由于物体所受的摩擦力，，即不变，所以，故选项C正确。
【名师点睛】本题考查对牛顿第二定律的理解能力，F是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比。
5．（2016年山东省烟台市诊断）如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能E k、重力对滑块所做的功W与时间t 或位移x关系的是（取初速度方向为正方向）【答案】AD【解析】滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．其速度图象A正确；上滑和下滑滑块的加速度方向都向下，加速度图象B错误。
甘肃高二高中物理月考试卷带答案解析
甘肃高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.1. 关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）A ．做曲线运动的物体，速度大小一定变化B ．做曲线运动的物体，合外力一定变化C ．做曲线运动的物体，加速度一定不为零D ．做曲线运动的物体，合外力一定对其做功2.做匀速圆周运动的物体，保持不变的量是（ ）A ．速度B ．加速度C ．合外力D ．动能3.下列有关力做功的说法，正确的是（ ）A ．静摩擦力对物体一定不做功B ．滑动摩擦力对物体可以做正功C ．卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力对物体做正功D ．卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力对物体做负功4.关于重力、摩擦力做功的叙述中，不正确的是（ ）A ．物体克服重力做了多少功，物体的重力势能就增加多少B ．重力对物体做功与路径无关，只与物体的始、末位置有关C ．摩擦力对物体做功与路径无关D ．摩擦力对物体做功与路径有关5.设想：一张桌子放在水平地面上，桌面高为h 2，一质量为m 的小球处于桌面上方h 1高处的P 点。
若以桌面为参考平面，重力加速度为g ，N 为桌面上的一点。
小球从P 点下落到地面上的M 点，下列说法正确的是（ ）A ．小球在P 点的重力势能为mg （h 1+h 2）B ．小球在桌面N 处的重力势能为mgh 2C ．小球从P 点下落至M 点的过程中，重力势能减少mg （h 1+h 2）D ．小球从P 点下落至M 点的过程中，克服重力做功mg （h 1+h 2）6.甲、乙两物体的质量之比为m 甲：m 乙=1：2，它们分别在相同力的作用下，沿光滑水平面，从静止开始做匀加速直线运动。
当两个物体通过相等的位移时，则甲、乙两物体此时的动能之比为 （ ）A ．1：1B ．1：2C ．1：4D ．1：87.如图所示，质量为m 的小球，从A 点由静止开始加速下落，加速度大小为g/3，则下落至A 点下方h 处的B 点时（以地面为参考面）（ ）A ．小球动能为mghB ．小球重力势能为mghC ．小球动能为1/3mghD ．小球重力势能减少了mgh8.如图是一汽车在平直路面上启动的速度－时间图象，在0~t1段图像是直线段，t1时刻起汽车的功率保持不变．已知路面阻力不变，则由图象可知（）A．0~t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B．0~t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大C．t1~t2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小D．t1~t2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变9.伽利略曾设计如右图所示的一个实验，将摆球拉至M点放开，摆球会达到同一水平高度上的N点。
甘肃省天水市秦安二中2021年高三上学期第二次月考物理试题 Word版含解析
2020┄202１学年甘肃省天水市秦安二中高三(上)第二次月考物理试卷一、选择题（本题共13小题，每小题4分，共计42分,1～１0只有一个选项符合题意，每小题4分;11~13有多个选项符合题意,每小题4分）１．有一列火车正在做匀加速直线运动．从某时刻开始计时，第1分钟内,发现火车前进了18０m．第６分钟内发现火车前进了３６0m．则火车的加速度为（)A.0．01m/s2ﻩＢ.０.０５m/s2C．36m/ｓ２D．180m/s22.质点从光滑水平面上的P点做初速度为零的匀加速直线运动．质点到达M点时的速率为v,到达N点时的速率为３v．则Ｐ、M商点之间的距离与M、Ｎ两点间的距离之比为（)A.1:3B.1:5ﻩC．1：８ D.1：9３.如图，质量分别为M和m的两物块（均可视为质点,且Ｍ＞m)分别在同样大小的恒力作用下，沿水平面由静止开始做直线运动，两力与水平面的夹角相同，两物块经过的位移相同.设此过程中F1对Ｍ做的功为W１,F2对m做的功为W２,则( ）A.无论水平面光滑与否，都有W1=Ｗ2Ｂ．若水平面光滑,则W１>W２C．若水平面粗糙,则W1>W2D．若水平面粗糙,则W1<Ｗ２４.如图所示,重为1０0N的物体在水平面上向右运动,物体与水平面的动摩擦系数为0.2,与此同时物体受到一个水平向左的力F＝2０Ｎ，那么物体受到的合力为（)A.0ﻩＢ．２０N，水平向右ﻩＣ．40N，水平向左ﻩＤ．２0Ｎ,水平向左5．如图所示,用轻绳系住一小球静止在光滑斜面上.若要按力的实际作用效果来分解小球的重力G,则G的两个分力的方向分别是图中的（）Ａ．1和4 Ｂ.2和４ﻩC．3和4ﻩD．3和２6．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上,重为G的物体受到水平推力F的作用，物体静止不动，则物体对斜面的压力大小为( ）A.ＧsinθB．ＧcosθﻩC.Gcosθ+ＦｓinθD．Gcoｓθ+Ｆcosθ7.如图示,Ａ、B两物体叠放在一起,用手托住，让它们静止靠在墙边,然后释放,它们同时沿竖直墙面下滑,已知m A＞mＢ，则物体B（）Ａ．只受一个重力Ｂ.受到重力、摩擦力各一个C.受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个,弹力两个8.如图所示,物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑定滑轮连接一个重力G=１0N的重物,物体P向右运动的加速度为a1;若细线下端不挂重物，而用Ｆ=１0N的力竖直向下拉细线下端,这时物体P的加速度为a2,则( )A.a1＜a2Ｂ．ａ１=a2Ｃ.ａ１>a2ﻩD．条件不足,无法判断9.如图所示,两个质量相等的物体Ａ和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上,如果它们分别受到水平推力Ｆ1、F２，且F1>F2,则A施于B的作用力的大小为( )Ａ．F1ﻩB.F2C． D．１０.架在A、B两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状．下列说法中正确的是( ）Ａ．夏季电线对电线杆的拉力较大Ｂ．冬季电线对电线杆的拉力较大C.夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D．夏季杆对地面的压力较大１1.直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子,如图所示．设投放初速度为零,箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,且运动过程中箱子始终保持图示姿态.则在箱子下落过程中，下列说法正确的是（）Ａ．箱内物体对箱子底部始终没有压力B.箱子刚从飞机上投下时,箱内物体受到的支持力最大C.箱子接近地面时,箱内物体受到的支持力比刚投下时大D.若下落距离足够长,箱内物体有可能所受支持力等于它的重力12.如图所示,在斜面顶端a处以速度v a水平抛出一小球，经过时间t a恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度vｂ水平抛出另一小球,经过时间ｔｂ恰好落在斜面的中点Q处．若不计空气阻力,下列关系式正确的是（）A．v a=2ｖbﻩB．v a=v bＣ.t a＝2ｔｂD．ｔａ＝t b13．如图所示，质量为m的物体A在竖直向上的力F（F<mｇ）作用下静止于斜面上.若减小力F,则( ）Ａ.物体A所受合力不变Ｂ.斜面对物体A的支持力不变C．斜面对物体A的摩擦力不变Ｄ．斜面对物体A的摩擦力可能为零三.实验题(3５;6=１８分)14．（12分）（2015秋•天水校级月考）某同学用图(a）所示的实验装置验证牛顿第二定律:(1）通过实验得到如图（b)所示的a﹣F图象，造成这一结果的原因是:在平衡摩擦力时木板与水平桌面的倾角(填“偏大”或“偏小”).（２）该同学在平衡摩擦力后进行实验,为了便于探究、减小误差,应使小车质量M与砝码和盘的总质量m 满足的条件(3）该同学从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条〔每两点间还有4个点没有画出来)，图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离. 打点计时器的电源频率率为5０Ｈz．由这些已知数据计算:①该匀变速直线运动的加速度a= ｍ/s2.②与纸带上D点相对应的瞬时速度ｖ＝m/ｓ.（答案均要求保角3位有效数宇)15．在研究物体的平抛运动的实验中（１）下列哪些因素会使实验误差增大 .Ａ.小球与斜槽间有摩擦B．安装斜槽时其末端切线不水平C．建立坐标时,ｙ轴没画竖直D.根据曲线计算平抛运动的初速度时,在曲线上取作计算的点离原点Ｏ较远（2)若根据实验数据得到上图所示的图象,则平抛小球的初速度为.（g取１0m／ｓ2)四.计算题（共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)１6．（10分）(２0１5秋•天水校级月考）甲、乙两物体分别做匀加速和匀减速直线运动,已知乙的初速度是甲的初速度的２.５倍,且甲的加速度大小是乙的加速度大小的2倍,经过4s，两者的速度均达到8m／s,则两者的初速度分别为多大？两者的加速度分别为多大?17．（10分）（20１3•晋中一模)如图所示,半径为R，内径很小的光滑半圆管竖直放置．两个质量均为m 的小球ａ、b以不同的速度进入管内，a通过最高点A时,对管壁上部的压力为3mg，b通过最高点A时，对管壁下部的压力为0．７5mg，求a、b两球落地点间的距离.18.(11分）（20１5秋•天水校级月考)为了检测某汽车的刹车性能,一驾驶员让该汽车以v1=108km/h的速度匀速行驶，驾驶员接到刹车指令后在汽车又前进了x1=133．50m的距离时将车刹住；再让汽车以v２=54km/ｈ的速度匀速行驶，驾驶员接到刹车指令后在汽车又前进了x2＝38．625m的距离时将车刹住．假设两种情况下汽车轮胎与路面间的动摩擦因数相同，驾驶员的汽车系统在两种情况下的反应时间不变,试求驾驶员和汽车系统的反应总时间及汽车轮胎与路面间的动摩擦因数．（取重力加速度g=１0m/s2，结果保留两位有效数字）１９．宇航员站在某质量分布均匀的星球表面一斜坡上P点，沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间ｔ落到斜坡另一点Q上,斜坡的倾角α,已知该星球的半径为R,引力常量为G，已知球的体积公式是Ｖ＝πR３.求:（１)该星球表面的重力加速度ｇ;（2）该星球的第一宇宙速度；(３)该星球的密度．2020┄202１学年甘肃省天水市秦安二中高三(上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共13小题，每小题4分，共计42分，1~10只有一个选项符合题意，每小题4分；1１～1３有多个选项符合题意,每小题4分)１.有一列火车正在做匀加速直线运动．从某时刻开始计时,第１分钟内,发现火车前进了18０ｍ.第6分钟内发现火车前进了36０ｍ.则火车的加速度为（）A．0.０１m/s2ﻩB．0．05m/s2ﻩC．36m/s2 D.１80m/s2考点:ﻩ匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题:ﻩ直线运动规律专题.分析：ﻩ匀变速直线运动在相邻的相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2解答:解:，所以a==＝０.01m/s2．故A正确，B、C、D错误.故选Ａ．点评:ﻩ解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论在相邻的相等时间内的位移之差是一恒量,即△ｘ=aT2．２.质点从光滑水平面上的Ｐ点做初速度为零的匀加速直线运动．质点到达M点时的速率为v,到达N点时的速率为3v．则P、M商点之间的距离与M、N两点间的距离之比为( )A.1:３ﻩＢ．１：５C．１：８ﻩD.1:9考点：ﻩ匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题:ﻩ直线运动规律专题.分析：设质点的加速度为ａ,根据匀变速直线运动位移速度公式分别为PM和PＮ两个过程列式,联立方程即可求解.解答:解:设质点的加速度为ａ，根据匀变速直线运动位移速度公式，则有：ｖ2＝2ax PM,(3v）２＝2aｘＰＮ，解得：x PM:x PＮ＝1:9所以x PＭ：x MN＝1：8故选：C点评:本题主要考查了匀加速直线运动速度位移公式的直接应用,选取好研究过程中可以使计算过程更简单.3.如图，质量分别为M和m的两物块（均可视为质点,且Ｍ>ｍ)分别在同样大小的恒力作用下，沿水平面由静止开始做直线运动,两力与水平面的夹角相同，两物块经过的位移相同.设此过程中F１对Ｍ做的功为W1，Ｆ2对m做的功为W２,则（）A．无论水平面光滑与否,都有W1＝W2B.若水平面光滑，则W1>Ｗ2Ｃ.若水平面粗糙,则Ｗ1＞W2D.若水平面粗糙，则Ｗ1＜W２考点: 功的计算．专题: 功的计算专题．分析：两个作用力大小相等，作用的位移也相等，通过Ｗ=Fscosθ,比较做功的大小.解答:解：由题意可知:F１做功为W1＝FＬcoｓαＦ２做功为Ｗ2=FLcosα故BCD错误,A正确;故选：A点评:ﻩ解决本题的关键掌握功的公式W=Ｆscosθ，运用好做功的两个必须因素．4.如图所示，重为1０0Ｎ的物体在水平面上向右运动，物体与水平面的动摩擦系数为0．2,与此同时物体受到一个水平向左的力F=20N，那么物体受到的合力为( )A.0ﻩB．20N，水平向右 C.4０N，水平向左ﻩD.２0N，水平向左考点：ﻩ力的合成与分解的运用;滑动摩擦力．分析:ﻩ正确对物体进行受力分析，求出其合力.题中物体相对于水平面向右运动，水平面对物体的滑动摩擦力方向向左．物体对水平面的压力大小等于物体的重力,根据f=μN求解滑动摩擦力大小.解答：ﻩ解:在水平地面上向右运动，竖直方向受重力、支持力,水平方向受水平向左的拉力、水平向左的摩擦力.水平向左的拉力Ｆ=20N，摩擦力f=μN=0.２×100＝２0Ｎ，所以合力大小为F合=(20+20）N=４0N，方向水平向左，故C正确,ABＤ错误；故选：C．点评:处理这类问题的基本思路是:先分析物体的受力情况再求出合力．本题中容易出错的是滑动摩擦力方向的判断，很多同学容易受外力方向的影响而判断错误.５.如图所示,用轻绳系住一小球静止在光滑斜面上.若要按力的实际作用效果来分解小球的重力G,则G的两个分力的方向分别是图中的( )A．1和4ﻩB.2和4 C．3和４ D.3和2考点:ﻩ力的分解．专题：平行四边形法则图解法专题．分析:将力进行分解时,一般要按照力的实际作用效果来分解或按需要正交分解，若要按照力的实际作用效果来分解，要看力产生的实际效果．解答:解：小球重力产生两个效果，一是使绳子拉伸,二是使斜面受压,故应按此两个方向分解，分别是3和4．故选：C．点评:按照力的实际作用效果来分解是常用方法，看准产生的效果即可,比较简单.6．如图所示,在倾角为θ的光滑斜面上，重为Ｇ的物体受到水平推力F的作用,物体静止不动,则物体对斜面的压力大小为（)A.ＧsinθB.GｃosθﻩＣ.Ｇｃoｓθ+Fｓinθ D.Gcosθ+Fcosθ考点:ﻩ共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.专题:ﻩ共点力作用下物体平衡专题．分析:ﻩ分析物体的受力情况,分别运用合成法和正交分解法，求出物体对斜面的压力不同的表达式.解答：ﻩ解:分析物体的受力情况，如图.根据平衡条件得:由图1：N=，则物体对斜面的压力大小N′=Ｎ=．由图2:N＝Ｆsinθ+mgｃｏｓθ，则物体对斜面的压力大小Ｎ′=N=Fsiｎθ+Gｃosθ.故选:C.点评：题考查灵活选择解题方法的能力，对于共点力平衡问题，常用的方法有三种：合成法，分解法和正交分解法．7．如图示，A、B两物体叠放在一起,用手托住,让它们静止靠在墙边,然后释放,它们同时沿竖直墙面下滑，已知ｍA＞m B，则物体B( ）A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个,弹力两个考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.专题:ﻩ牛顿运动定律综合专题.分析:ﻩ先对整体结合运动情况受力分析,得到只受重力，加速度为g,即做自由落体运动,然后对B结合运动情况受力分析,得到受力情况．解答:ﻩ解:A、B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力,如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力,故也不受墙壁的摩擦力,即只受重力,做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析,只受重力；故选：A.点评：本题关键先对整体受力分析,得到整体做自由落体运动,处于完全失重状态,故Ａ与B间无弹力,最后再对B受力分析，得到其只受重力.８.如图所示，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑定滑轮连接一个重力G=１0Ｎ的重物,物体Ｐ向右运动的加速度为a1;若细线下端不挂重物,而用F=１０N的力竖直向下拉细线下端,这时物体P的加速度为a２，则（)A．a1＜a2ﻩB.ａ1=a2C.a1>a2ﻩD.条件不足,无法判断考点:ﻩ牛顿运动定律的应用-连接体.专题: 牛顿运动定律综合专题.分析:连接体共同加速，由牛顿第二定律求得整体的加速度，当改用F后,再次利用牛顿第二定律求得加速度，比较加速度的大小即可解答:ﻩ解：挂重物时，选连接体为研究对象,有牛顿第二定律得，共同运动的加速度大小为:a1＝=;当改为１０N拉力后,由牛顿第二定律得;P的加速度为：a２=，故a1＜ａ2，故选A点评:连接体问题常常将整体法和隔离法综合运用，整体法求出共同加速度,隔离法整理待求量.本题中利用超失重的知识解决会更快，悬挂重物时，重物Q加速下降，处于失重状态，对Ｐ的拉力小于Q的重力（1０N）,故选Ａ９．如图所示,两个质量相等的物体A和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上,如果它们分别受到水平推力F1、F2,且Ｆ1>Ｆ2,则Ａ施于B的作用力的大小为（)A.F１ﻩB.Ｆ2ﻩＣ.ﻩＤ.考点: 牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.专题:ﻩ牛顿运动定律综合专题.分析:以整体为研究对象，由牛顿第二定律可以求出加速度；以A或B为研究对象,由牛顿第二定律可以求出两物体间的作用力．解答:解:以A、B组成的系统为研究对象,由牛顿第二定律得：(F１﹣F2）=２ma，加速度为:ａ＝，以A为研究对象,由牛顿第二定律得:F1﹣N=ｍａ，解得A、B间的作用力:N＝；故选:Ｄ.点评：本题考查了求物体的加速度与物体间的作用力,应用牛顿第二定律即可正确解题，解题时注意整体法与隔离法的应用.1０.架在A、B两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状．下列说法中正确的是( ）A.夏季电线对电线杆的拉力较大B.冬季电线对电线杆的拉力较大C.夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D．夏季杆对地面的压力较大考点：力的合成．专题:ﻩ受力分析方法专题.分析：以整条电线为研究对象,受力分析根据平衡条件列出等式,结合夏季、冬季的电线几何关系求解.解答：ﻩ解：以整条电线为研究对象,受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：Fcosθ=，即：F＝由于夏天气温较高,电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角θ变小,故变小,所以两电线杆处的电线弹力与冬天相比是变小．电线杆上的电线的质量一定,受力平衡，夏季、冬季杆对地面的压力相等.所以选项ACD错误，Ｂ正确．故选B.点评：要比较一个物理量的大小关系,我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡,根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解．11.直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子,如图所示.设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态．则在箱子下落过程中,下列说法正确的是( )Ａ．箱内物体对箱子底部始终没有压力B.箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C.箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D．若下落距离足够长，箱内物体有可能所受支持力等于它的重力考点：ﻩ牛顿运动定律的应用-超重和失重.专题: 牛顿运动定律综合专题．分析:ﻩ先对整体受力分析,受重力和空气阻力,由于空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,速度越来越大,故箱子做加速度不断减小的加速运动,当加速度减为零时，速度达到最大;再对箱内物体受力分析,受到重力和支持力,根据牛顿第二定律列式分析讨论.解答:ﻩ解：刚释放时,速度较小，阻力较小,箱子做加速运动,空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,阻力不断变大，故箱子做加速度不断减小的加速运动,当加速度减为零时，速度达到最大,之后做匀速运动；对箱内物体受力分析,受到重力和支持力,根据牛顿第二定律，有ｍg﹣Ｎ=mａ由于a逐渐增大到等于g,故支持力N由0逐渐增大到ｍg,之后保持不变;故选CD.点评:ﻩ本题关键先对整体受力分析，得到加速度的变化情况,然后再对ｍ受力分析,根据牛顿第二定律列方程分析求解.12.如图所示，在斜面顶端a处以速度vａ水平抛出一小球，经过时间t a恰好落在斜面底端P处；今在Ｐ点正上方与a等高的b处以速度v b水平抛出另一小球,经过时间tｂ恰好落在斜面的中点Q处.若不计空气阻力,下列关系式正确的是（）A．v a=2v bﻩB.v a＝v b C．t a=2t b D．ｔa=ｔb考点:ﻩ平抛运动．专题：ﻩ平抛运动专题.分析：ﻩａb两处抛出的小球都做平抛运动，由平抛运动的规律水平方向上的匀速直线运动,和竖直方向上的自由落体运动,抓住水平位移和竖直位移关系进行求解.解答：解:b球落在斜面的中点,知ａ、b两球下降的高度之比为2：1，根据h＝知，ｔ=，则时间之比为,即.因为a、ｂ两球水平位移之比为２:1，则由x=v 0t，得vａ=，故B、D正确,A、C错误.故选:BD．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，分析两个小球两个方向位移的关系,从而解决此类问题.13．如图所示,质量为m的物体A在竖直向上的力F(F<mｇ)作用下静止于斜面上．若减小力F，则（）A．物体A所受合力不变B.斜面对物体A的支持力不变Ｃ.斜面对物体A的摩擦力不变D．斜面对物体A的摩擦力可能为零考点：ﻩ共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力.专题：共点力作用下物体平衡专题.分析:ﻩ先分析没有拉力时物体受力情况:受重力、支持力和静摩擦力，根据共点力平衡条件求解各个力；再分析有拉力F作用后物体的受力情况：拉力、重力、支持力和静摩擦力,根据共点力平衡条件求解各个力．解答:解：A、两次物体都保持静止状态,合力都为零,没有变化.故A正确；Ｂ、无拉力时对物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力,如图根据共点力平衡条件，有f=ｍｇｓinθ ①N=mｇcoｓθ ②有拉力F作用后，再次对物体受力分析,受到拉力、重力、支持力和静摩擦力，如图,根据共点力平衡条件,有：ｆ１=(mｇ﹣F)ｓinθ ③N1＝（mg﹣F)coｓθ ④比较②④,可得支持力减小了，故B错误；Ｃ、D、比较①③,可得摩擦力也减小了，由于F<mg,摩擦力不为零,故C错误，D错误．故选:A.点评：ﻩ本题关键是对物体进行受力分析,根据平衡条件，结合正交分解法列方程求解,分析各力的变化.三.实验题（３＆#2１5;6＝18分)14．（1２分)(201５秋•天水校级月考）某同学用图(a)所示的实验装置验证牛顿第二定律：(1）通过实验得到如图（b)所示的ａ﹣F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的倾角偏大（填“偏大”或“偏小”)．（２）该同学在平衡摩擦力后进行实验，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足M》ｍ的条件（3）该同学从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条〔每两点间还有4个点没有画出来),图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率率为50Hz．由这些已知数据计算:①该匀变速直线运动的加速度a= 2．07 ｍ／s2.②与纸带上D点相对应的瞬时速度v＝ 1.２2 ｍ/ｓ．(答案均要求保角3位有效数宇）考点：ﻩ验证牛顿第二运动定律.专题:ﻩ实验题.分析：1、考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可.２、根据牛顿第二定律求出绳子拉力与砝码和盘的总重力的关系,判断出在什么情况下砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力.３、根据匀变速直线运动的规律△x=aＴ2可以求出加速度的大小．解答:解：（1）当拉力F等于0时,小车已经产生力加速度,故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大,在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大．(２）对整体分析，根据牛顿第二定律得,a=，则绳子的拉力F=Ma==,当M>＞m，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时,砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力.所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量Ｍ与砝码和盘的总质量m满足M>>m 的条件．（３）每两点间还有4个点没有画出来,时间间隔为T=0.1s,由纸带点迹分布,由匀变速运动规律，由两分法可得加速度为；a=１０﹣2m/s2＝2.０7ｍ／s2故答案为：（（1）偏大（2)Ｍ>>m（3）5.0（1)偏大(2）M》m (3）2.０7，1.22点评：ﻩ教科书本上的实验,我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚.对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由.比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等.１5．在研究物体的平抛运动的实验中（1)下列哪些因素会使实验误差增大ＢＣ .A．小球与斜槽间有摩擦B.安装斜槽时其末端切线不水平Ｃ．建立坐标时,ｙ轴没画竖直D．根据曲线计算平抛运动的初速度时，在曲线上取作计算的点离原点Ｏ较远（２）若根据实验数据得到上图所示的图象，则平抛小球的初速度为２m／s .（g取１０ｍ/s2）考点: 研究平抛物体的运动．专题: 实验题．分析:ﻩ在实验中让小球能做平抛运动,并能描绘出运动轨迹.因此要求从同一位置多次无初速度释放，同时由运动轨迹找出一些特殊点利用平抛运动可看成水平方向匀速直线运动与竖直方向自由落体运动去解题．解答:ﻩ解:（１）A、小球与斜面间有摩擦不影响实验的测量．故Ａ错误．B、安装斜糟时其末端切线不水平，小球不能做平抛运动,影响实验的测量.故B正确.Ｃ、建立坐标时，x轴、y轴正交,但ｙ轴不够竖直，将会影响长度的测量．故Ｃ正确．D、根据曲线计算平抛运动的初速度时，在曲线上取作计算的点离原点Ｏ较远可以减小测量的误差．故D 错误.故选：BC.（2)根据△y＝ｇT2得,T=＝s=0.1ｓ则平抛运动的初速度v0==m/s=2m/s．故答案为：（１)BC;(2）２ｍ／s.点评：掌握如何让小球做平抛运动及平抛运动轨迹的描绘，并培养学生利用平抛运动规律去分析与解决问题的能力．四.计算题(共４0分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)。
【精品】高二物理上学期第二次月考试题
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【精品】高二物理上学期第二次月考试
题
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高二物理
命题人：
一、选择题（本题共12小题，每题四分，共48分。
1—9小题为单项
选择题，在每小题给出的4个选项中，只有一项是符合题意的，选对
的得4分，选错或不答的得0分；10—12小题为不定项选择题，在每
小题给出的4个选项中，至少有一个选项正确，全部选对的得4分，
选不全的得2分，有选错或不答的得0分）
1. 在国际单位制中，表示电动势单位的符号是（）
A．T B．V C．Wb D．E
2. 对物体带电现象的叙述，正确的是（）
A. 不带电的物体一定没有电荷
B. 带电物体一定具有多余的
电子
C. 摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体
D. 一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒
不带电了，这过程中电荷不守恒
3. 关于电流强度，下列说法中正确的是（）
A．导体中的电流强度越大，表示通过其横截面的电荷量越多
B．在相同时间内，通过导体横截面的电荷量越多，导体中电流强度就越小
C．通电时间越短，电流强度越大
D．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中电流强度越大
4. 如图示是用电压表V和电流表A测电阻的一种方法，Rx为待测电阻，。
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高二物理分值：100 分 时间：90分钟第Ⅰ卷 选择题（共50分）一、选择题（本大题共15小题。
在每小题给出的四个选项中。
1-10小题每题3分，只有一项符合题目要求，11-15小题每题4分，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.有关电压与电动势的说法中正确的是( )A.电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B.电动势就是电源两极间的电压C.电动势公式q W E =中的W 与电压q W U =中的W 是一样的，都是电场力做的功D.电动势与电压从能量转化的角度来说有本质的区别2.安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设带电荷量为e 的电子以速率v 绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，其电流的等效电流强度I 和方向为( )A.ve 2πr 顺时针B.ve r 顺时针C.ve 2πr 逆时针D.ve r逆时针 3.关于电功和电热，下面说法正确的是( )A.任何电路中的电功W=UIt ，电热Q=I 2Rt 且W=QB.任何电路中的电功W=UIt ，电热Q=I 2Rt 且W 有时不等于QC.电功W=UIt 在任何电路中都适用，Q=I 2Rt 只在纯电阻电路中适用D.电功W=UIt ，电热Q=I 2Rt ，只适用于纯电阻电路4.如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等。
停电时，用多用电表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，各家电器同时使用，测得A 、B 间电压为U ，进线电流为I ，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是( )A.P ＝I 2RB.P ＝U2RC.P ＝IUD.以上公式都可以 5.电路中有一段金属丝长为L ，电阻为R ，要使电阻变为4R ，下列可行的方法是( )A.将金属丝拉长至2LB.将金属丝两端的电压提高到原来的4倍C.将金属丝对折后拧成一股D.将金属丝拉长至4L6．有二个标有“110V ，25W”和“110V ，60W”字样的灯泡，要把它们接在220V 的电源上，灯泡既正常发光，又最省电的连接方式是图中的哪一个？( )A．B．C．D．7、如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0~10V，当使用a、c 两个端点时，量程为0~100V。
甘肃省秦安二中等校2024-2025学年高二上学期9月月考物理试题
甘肃省秦安二中等校2024-2025学年高二上学期9月月考物理试题一、单选题1．关于电场，下列说法正确的是（ ）A ．电场强度公式F E q=表明，若电荷量q 减半，则该处的电场强度变为原来的2倍 B ．点电荷电场强度的公式2kQ E r =表明，点电荷Q 周围电场强度的大小与电荷量Q 成正比C ．等量同种电荷连线中点位置的电场强度为零，电势也为零D ．匀强电场中各点的场强和电势都相同2．真空中两个完全相同、带等量同种电荷的金属小球A 和B （可视为点电荷），分别固定在两处，它们之间的静电力为F ，用一个不带电的同样金属球C 先后与A 、B 球接触，然后移开球C ，此时A 、B 球间的静电力为（ ）A ．8FB ．4FC ．38FD ．2F 3．如图甲所示，C 带正电，其右侧有金属导体A 和B ，均放在绝缘支座上，A 、B 相互接触；现仅将B 向右分开一段距离，如图乙所示。
导体A 、B 的左右两端分别有a 、b 、c 、d 四点，电势分别为φa 、φb 、φc 、φd ，则下列说法正确的是（ ）A ．当A 和B 接触时，φa =φb >φc =φdB ．当A 和B 接触时，φa >φb >φc >φdC ．当A 和B 分开时，φa =φb >φc =φdD ．当A 和B 分开时，φa >φb >φc >φd4．下列说法正确的是（ ）A ．由q I t=知道，I 与q 成正比B ．由U I R =知道，电阻中的电流强度跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比 C ．由U R I=知道，电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比 D ．由L R S ρ=知道，电阻率是反映材料导电性能的物理量，材料的电阻率越大，则导电性能越好 5．如图A ，B ，C 三点都在匀强电场中，已知AC BC ⊥，60ABC ∠=︒，20cm BC =，把一个电荷量510C q -=的正电荷从A 移到B ，电场力的做功为零；从B 移到C ，电场力做功为31.7310J --⨯，则该匀强电场的场强大小和方向是（ ）A ．865V/m ，垂直AC 向左B ．865V/m ，垂直AC 向右 C ．1000V/m ，垂直AB 斜向上D ．1000V/m ，垂直AB 斜向下6．如图，两对等量异号点电荷+q 、-q （q >0）固定于正方形的4个顶点上。
甘肃高二高中物理月考试卷带答案解析
甘肃高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.电闪雷鸣是自然界常见的现象，古人认为那是“天神之火”，是天神对罪恶的惩罚，下面哪位科学家（）冒着生命危险在美国费城进行了著名的风筝实验，把天电引了下来，才使人类摆脱了对雷电现象的迷信。
A．库仑B．安培C．富兰克林D．伏打2.把电荷移近不带电导体，可以使导体带电，这种现象，叫做（）A．摩擦起电B．感应起电C．接触起电D．都不是3.下列关于物体带电现象的说法正确的是（）A．物体带电时一定有多余的电子B．摩擦起电时,原来电中性的两个物体可能同时都带上了负电C．电中性的物体内部一定没有电荷D．摩擦起电和感应起电的原因都是电荷的转移,并没有电荷的创生4.某电场的电场线如图所示，则A和B处电场强度的大小关系是( )A．E A>E B B．E A<E BC．E A=E B D．电荷正负不明无法判断5.两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是( )A．P 、Q 是两个等量正电荷B．P 、Q 是两个等量负电荷C．P 、Q 是两个等量异种电荷D．P 、Q 产生的是匀强电场6.在下列各种措施中，目的不是利用静电作用的是（）A．静电除尘B．在高大的建筑物顶端装上避雷针C．静电喷涂D．静电复印7.关于电源的作用，下列说法中正确的是：（）A．电源的作用是能为电路持续的提供自由电荷B．电源的作用是能够直接释放出电能C．电源的作用就是能保持导体两端的电压，使电路中有持续的电流D．电源的作用就是使自由电荷运动起来8.下列电器中不是利用电流热效应的是（）A．电冰箱B．电水壶C．电烙铁D．电熨斗9.关于电源的电动势正确的说法是（）A．所有电源的电动势都是相同的B．蓄电池是将电能转化为化学能C．电动势就是电压D．干电池的电动势为1.5V10.在某次闪电中，持续时间约0.005s，所形成的平均电流强度余额 6×104A，则此次闪电中所带电荷量是（）A．300C B．3000C C．100C D．30C11.电场中有一点P，下列说法中正确的有（）A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若放在P点的电荷的电荷量加倍，则P点的场强加倍C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为就是放在该点的电荷受电场力的方向12.通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为I/2，则在时间t内产生的热量为( )A．Q/4B．Q/2C．2Q D．4Q13.某电容器上标有“220V300μF”，300μF＝__________F＝_________pF。
高二物理上学期第二次月考
高二物理上学期第二次月考高二物理试卷本试卷共1OO 分，考试时刻90分钟。
一、选择题.（本题有12道小题，每题4分，且每小题至少有一个选项是正确的，全选对者,得满分，选对但不全者得一半分，有错误选项者或不选者得0分）1、下列静电学公式中，E 、q 、E 、U 、d 和r 分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离①221r q q k F = ②2r qk E = ③q F E = ④Ed U =。
（ )A 、它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B 、①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立。
C 、①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立。
D 、①②只对点电荷成立，③④对任何电荷或静电场都成立。
2、关于分子间的作用力，下列说法中正确的是（ ） A 、当分子间距离为r 0时，它们之间既无引力也无斥力。
B 、分子间引力和斥力都随它们之间距离的增大而增大。
C 、分子间的距离大于r 0时，分子间只有引力。
D 、当分于间的距离大于l0r 0时，分子力能够忽略不计。
3、某气体的摩尔质量为M ，摩尔体积为V ，密度为ρ，每个分子的质量和体积分别为m 和V 0，阿伏伽德罗常数N A 可表示为（ ） A 、N A =V/V 0 B 、N A =ρV/m 、 C 、N A =M/m D 、N A =M/ρV4、 下列说法正确的是：（ ）A 、 外界对气体做功，气体的内能一定增大。
‘B 、 布朗运动的无规则性反映了小颗粒内部分子运动的无规则性。
C 、 气体的温度降低，气体每个分子无规则运动的速率均减小。
D 、 气体的温度升高，气体分子无规则运动的平均动能增大。
5、 水平放置的平行板电容器始终与一电池相连，在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止状态。
现将电容器两板间的距离增大，则：（ ） A 、电容变大，质点向上运动 B 、电容变大，质点向下运动。
C 、电容变小，质点保持静止 D 、电容变小，质点向下运动。
甘肃高二高中物理月考试卷带答案解析
甘肃高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.以下说法正确的是（）A．由可知，此场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式可知电场中某点的电势与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式为电容的定义式，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关2.使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）A．B．C．D．3.如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电．整个系统置于方向水平的匀强电场中．已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为 ( )A．B．C．D．4.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R．已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为（）A．B．C．D．5.在静电场中，下列说法正确的是（）A．电场强度为零的地方，电势一定为零；电势为零的地方，电场强度也一定为零B．电场线密的地方，电势一定高；电场线希的地方，电势一定低C．电场线与等势面可以垂直，也可以不垂直D．电场线总是由电势高的等势面指向电势低的等势面6.如图所示，A、B两点是粒子在匀强电场中运动时经过的两个点，平行直线表示电场线，但方向未知，整个过程中只有电场力做功．已知粒子在A点的动能比B点大，则下列说法中正确的是( )A. 无论粒子是从A到B，还是从B到A，电场力均做负功B. 电场线方向从右向左C. 无论粒子是带正电还是负电，均不可能沿轨迹2运动D. 粒子的运动轨迹若为1，则粒子一定带负电7.如图所示，在平面直角坐标系中，有一个方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0 V，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3 V，则电场强度的大小为 ( )A．200 V/m B．200 V/mC．100 V/m D．100 V/m的滑动头P向b端移动时（）8.如图所示电路中，当变阻器R3A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小9.用电场线能直观、方便地比较电场中各点场强的强弱．如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对于O点对称的两点，B、C和A、D也相对于O点对称．则( )A. B、C两点场强大小和方向都相同B. A、D两点场强大小相等，方向相反C. E、O、F三点比较，O点场强最强D. B、O、C三点比较，O点场强最弱10.如图所示，a、b为某电场线上的两点，那么以下结论正确的是（）A．把正电荷从a移到b，电场力做负功，电荷的电势能减少B．把负电荷从a移到b，电场力做负功，电荷的电势能增加C．把负电荷从a移到b，电场力做正功，电荷的电势能增加D．不论正电荷还是负电荷，从a移到b电势能逐渐降低11.将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是（）A．保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B．保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C．保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D．保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半12.如图（a），A、B是一对平行金属板，在两板间加有周期为T的交变电压，A板电势，B板电势随时间t变化的规律如图（b）中．现有一电子从A板的小孔进入两板间的电场中，设电子的初速和重力的影响均可忽略，则（）A. 若电子是在时刻进入的，它将一直向B板运动B. 若电子是在时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C. 若电子是在时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D. 若电子是在时刻进入的，它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上13.在如图所示的电路中，输入电压U恒为8 V，灯泡L标有“3 V,6 W”字样，电动机线圈的电阻R＝1 Ω.若灯泡恰M能正常发光，下列说法正确的是( )A．电动机的效率是80%B．流过电动机的电流是2 AC．电动机的输入电压是5 VD．整个电路消耗的电功率是10 W14.用伏安法测电阻时（）A．采用图中Ⅰ所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值B．采用图中Ⅰ所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值C．采用图中Ⅱ所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值D．采用图中Ⅱ所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值二、填空题(1)如图1所示的游标卡尺，它的游标尺的刻度分为19 mm长20等分，则它的读数为______mm。
2020-2021学年高二上学期第二次月考物理试题含答案解析 (2)
新疆阿克苏地区库车县乌尊镇乌尊中学【最新】高二上学期第二次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题1．关于电场强度的定义式FEq＝，下面说法中正确的是（）A．q越大则E越小B．q为试探电荷的电荷量C．q为场源电荷的电荷量D．E的方向与试探电荷的受力方向相同2．如图所示是由电源E、灵敏电流计G、滑动变阻器R和平行板电容器C组成的电路，开关S闭合．在下列四个过程中，灵敏电流计中有方向由a到b电流的是()A．减小平行板电容器两极板的正对面积B．减小平行板电容器两极板间的距离C．在平行板电容器中插入电介质D．增大平行板电容器两极板的正对面积3．如图所示为研究影响平行板电容器电容决定因素的实验装置，使电容器两极板上带有等量异种电荷，并在电容器间用绝缘丝线悬挂一带电铝球，下列说法正确的是（）A．只将电容器b板向左平移，静电计指针的张角与丝线偏角均变小B．只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角与丝线偏角均变大C．只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角与丝线偏角均变大D．只增加极板带电荷量，静电计指针的张角与丝线偏角均变大，表明电容增大4．对于电动势的定义式WE q的理解，正确的是（ ） A ．E 与W 成正比 B ．E 与q 成反比 C ．E 的大小与W 、q 无关 D ．W 表示静电力的功5．如图所示，将左边的铜导线和右边的铝导线连接起来，已知截面积2S S 铜铝＝．在铜导线上取一截面A ，在铝导线上取一截面B ，若在1 s 内垂直地通过它们的电子数相等，那么通过这两个截面的电流的大小关系是（ ）A ．I A ＝IB B ．I A ＝2I BC ．I B ＝2I AD ．不能确定6．电路中有一电阻，通过电阻的电流为5 A ，当通电5分钟时，通过电阻横截面的电子数为（ ） A ．1 500个 B ．9.375×1019个 C ．9.375×1021个D ．9.375×1020个7．有三个电阻，R 1=2Ω，R 2=3Ω，R 3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I 1：I 2：I 3是（ ） A ．6：4：3B ．3：4：6C ．2：3：4D ．4：3：28．一个电流表的满偏电流I g =1mA,内阻R g =500Ω．要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上 A ．串联一个9.5Ω的电阻 B ．并联一个10 kΩ的电阻 C ．串联一个9.5kΩ的电阻D ．并联一个9.5Ω的电阻9．如图所示电路中，各灯泡额定电压和额定功率分别是：A 灯“10V 10W”，B 灯“60V 60W”，C 灯“40V 40W”，D 灯“30V 30W”.在a 、b 两端加上电压后，四个灯都能发光。
2021-2022年高二物理上学期第二次月考试题(V)
2021-2022年高二物理上学期第二次月考试题(V)一、选择题（1-7题单选，8-10题多选.。
每小题4分，共40分）1．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（）A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R =U／I可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一2．关于电场中的一些概念，有如下一些说法，其中正确的是( )A．电势差越大的两个点之间，电场强度一定越大B．等势面上各点的场强方向不一定相同，但场强大小一定相同C．电场中某两点之间的电势差由电场决定，与零电势点的选择无关D．处于静电平衡状态的导体内部场强处处为零，电势也都为零3．一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36 W与36 V。
若把此灯泡接到输出电压为18 V的电源两端，则灯泡消耗的电功率( )A．等于36 W B．小于36 W，大于9 WC．等于9 W D．小于9 W4．一同学在某电路中接上两个毫安表和两个相同的电压表，如图所示，毫安表1的读数I1＝100mA，毫安表2的读数I2＝99mA，电压表V1的读数U1＝10V，则电压表V2的读数应为（）A. 0.01VB.0.1 VC. 1VD. 10V5．如图，把两个电阻R1与R2、两个电容器C1和C2、一个开关S和一个电流表G联接成电路，接到一个输出电压为U的稳压电源上。
已知R1＝R2，C1＞C2，那么( )A. 开关S闭合且稳定后，C1的电压小于C2的电压B．开关S闭合且稳定后，C1的带电量等于C2的带电量C．开关S断开且稳定后，C1的带电量大于C2的带电量D.开关S断开且稳定后，电流表G中有电流流过6．图（a）为示波管的原理图。
如果在电极YY’之间所加的电压按图（b）所示的规律变化，在电极XX’之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是（）7．在一个空间中，只有两个等量异种点电荷，这两个电荷的连线的中点为O点，以离O点无限远处为零电势点，在以下关于这个电场的说法中正确的是( ) A．以O点为对称的两个点，场强一定相同，且二者的电势之和为零B．以O点为对称的两个点，场强不一定相同，但二者的电势之和为零C．以O点为对称的两个点，场强一定相同，但二者的电势之和未必为零D．以O点为对称的两个点，场强不一定相同，二者的电势之和未必为零8．一带电小球在空中由a点运动到b点的过程中，受重力、电场力和空气阻力三个力作用．若重力势能增加3 J，机械能增加0.5 J，电场力做功1 J，则小球 ( )A．克服重力做功3 J B．电势能增加1 JC．克服空气阻力做功0.5 J D．动能增加0.5 J9、一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板之间有一正点电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间电场强度，φ表示负极板的电势，ε表示正点电荷在P点的电势能，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）A．E变大、φ降低 B. E不变、φ升高C. E变小、ε变小D. φ升高、ε变大10．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是（）A．板间电场强度大小为2mg/qB．板间电场强度大小为mg/2qC．质点打到光屏上的位置可能在初速度延长线上D．质点运动到光屏时的速度与初速度相同二、填空题（每空2分，连图2分，共18分）11.游标卡尺在测量某物厚度时，游标所处的位置如图所示，则被测物的厚度为_____mm．12．银导线的横截面积S，通以电流。
甘肃省天水市秦安二中高二物理上学期第二次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高二〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔每题4分，共48分，1至9题为单项选择，10、11、12为多项选择〕1．电场中A、B、C三点的电场强度分别为：E A=﹣5V/m、E B=4V/m、E C=﹣1V/m，如此这三点的电场由强到弱的顺序是( )A．ABC B．BCA C．CAB D．ACB2．由电场强度的定义E=可知( )A．E和F成正比，F越大E越大B．E和q成反比，q越大E越小C．E的方向与F的方向一样D．E的大小可由确定3．避雷针能够防止建筑物被雷击的原因是( )A．云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地B．避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷C．云层与避雷针发生磨擦．避雷针上产生的电荷被导入大地D．以上说法都不对4．A为电场中一固定点，在A点放一电量为q的电荷，受电场力为F，A点的场强为E，如此( )A．假设在A点换上﹣q，A点场强方向发生变化B．假设在A点换上电量为2q 的电荷，A点的场强将变为 2EC．假设在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关5．把质量为m的点电荷q在电场中释放，在它运动过程中，如果不计重力，如下说法中正确的答案是( )A．点电荷运动轨迹必和电场线重合B．假设电场线是直线，如此点电荷运动轨迹必和电场线重合C．点电荷的速度方向必定和点所在的电场线的切线方向一致D．点电荷的加速度方向必定和点所在的电场线的切线方向在一直线上6．如下列图是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电，两极板间距离为d．现将一个检验电荷+q由两极板间的A点移动到B点，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，如此电场力对检验电荷+q所做的功等于( )A．B．C．D．7．如下列图，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q〔q＞0〕的一样小球，小球之间用劲度系数均为k0的轻质弹簧绝缘连接当3个小球处在静止状态时，每根弹簧长度为l0，静电力常量为k，假设不考虑弹簧的静电感应，如此每根弹簧的原长为( )A．l+B．l﹣C．l﹣D．l﹣8．如下列图是从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，在保持其它物理量不变条件下，可供选用的方法有，使( )A．U1减小为原来的一半B．U2减小为原来的一半C．偏转电场极板长度增大为原来的2倍D．偏转电场极板距离增大为原来的2倍9．如下列图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，正六边形所在平面与电场线平行．如下说法中错误的答案是( )A．通过CD和AF的直线应为电场中的两条等势线B．匀强电场的场强大小为10V/mC．匀强电场的场强方向为由C指向AD．将一个电子由E点移到D点，电子的电势能将减少1.6×10﹣19J10．如下列图，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，如此如下结论错误的答案是( )A．此液滴带正电B．液滴做匀加速直线运动C．合外力对液滴做的总功等于零D．液滴的电势能减少11．如图甲所示，在x轴上有两个固定的点电荷Q1、Q2，其中Q1带正电处于原点O．现有一个正电荷q以一定的初速度沿x轴正方向运动〔只受电场力作用〕，其v﹣t图象如图乙所示，q 经过a、b两点时速度分别为v a、v b．如此以下判断正确的答案是( )A．Q2带负电且电荷量小于Q1B．b点的场强比a点的场强大C．a点的电势比b点的电势高D．q在a点的电势能小于在b点的电势能12．如下列图，在真空中有一水平放置的不带电平行板电容器，板间距离为d，电容为C，上板B接地，现有大量质量均为m，带电荷量为q的小油滴，以一样的初速度持续不断地从两板正中间沿图中虚线所示方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点．如果能落到A 板的油滴仅有N滴，且第N+1滴油滴刚好能飞离电场，假设落到A板的油滴的电荷量能被板全部吸收，不考虑油滴间的相互作用，重力加速度为g，如此( )A．落到A板的油滴数N=B．落到A板的油滴数N=C．第N+1滴油滴经过电场的整个过程中所增加的动能为D．第N+1滴油滴经过电场的整个过程中减少的机械能为二、实验题〔每空2分，共16分〕13．用如下列图装置可以研究影响平等板电容器电容的因素，设两极板正对面积为S，两极板间的距离为d，板间电介质的介电常数为ɛ，静电计指针偏角为θ，实验中，极板所带电荷量不变，①假设保持d，ɛ不变，减小S，如此θ__________；②假设保持S，ɛ不变，增大d，如此θ__________；③假设保持d，S不变，在板间插入介电常数ɛ更大的电介质，如此θ__________．14．在利用重物自由下落“验证机械能守恒定律〞的实验中．〔1〕备有如下器材：A．打点计时器；B．直流电源；C．交流电源；D．纸带；E．带夹子的重物；F．秒表；G．刻度尺；H．天平；I．导线；J．铁架台；K．复写纸；其中该实验不需要的器材是__________〔填字母代号〕〔2〕在实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，实验要求打点计时器在打第一个点时释放纸带．甲、乙、丙三个学生分别用同一装置各打出一条纸带，量出各纸带上第1、2两点间的距离分别为0.38cm，0.19cm和0.18cm，可见其中肯定有一个学生在操作上有错误，错误操作的同学是__________．其错误的操作可能是因为__________．〔3〕某次“验证机械能守恒定律〞的实验中，用6V、50Hz的打点计时器打出的一条无漏点的纸带，如下列图，O点为重锤下落的起点，选取的计数点为A、B、C、D，各计数点到O点的长度已在图上标出，单位为毫米，重力加速度取9.8m/s2，假设重锤质量为1kg．〔计算结果保存3位有效数字〕①打点计时器打出B点时，重锤的动能E kB=__________J．②从开始下落算起，打点计时器打B点时，重锤的重力势能减小量为__________J．从而验证了机械能守恒定律的正确性．三．计算题：〔共46分〕15．如下列图，两个平行金属板AB中间为一匀强电场，AB相距10cm，CD为电场中的两点，CD=8cm，CD连线和电场方向成60°角，C点到A板的距离为2cm．质子从C点移到D点，电场力作功为3.2×10﹣17J．〔质子带电量为1.6×10﹣19C〕求：〔1〕匀强电场的电场强度；〔2〕AB两板之间的电势差；〔3〕假设将A板接地，如此C、D两点的电势各为多大？16．如图，在水平放置且相距2cm的平行带电金属板间的匀强电场中，有一个m=10﹣4克、电量q=﹣10﹣8库仑的液滴，在两板正中央处于静止状态．问：〔1〕哪块板带正电？板间电场强度多大？〔2〕假设板间电场强度突然增为原来的2倍，液滴将做什么运动？触与板面时速度多大？17．如下列图，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电量为+q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场〔P点恰好在A点的正上方，如图．小球可视为质点，小球运动到C点之前电量保持不变，经过C点后电量立即变为零〕．A、B间距离为2R，重力加速度为g．在上述运动过程中，求：〔1〕电场强度E的大小；〔2〕小球在圆轨道上运动时最大速率；〔3〕小球对圆轨道的最大压力的大小．18．〔14分〕如图甲所示，质量为m、电荷量为e的电子经加速电压U1，加速后，在水平方向沿O1O2垂直进入偏转电场．形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L〔不考虑电场边缘效应〕，两极板间距为d，O1O2为两极板的中线，P是足够大的荧光屏，且屏与极板右边缘的距离也为L．求：〔1〕粒子进入偏转电场的速度v的大小；〔2〕假设偏转电场两板间加恒定电压，电子经过偏转电场后正好打中屏上的A点，A点与极板M在同一水平线上，求偏转电场所加电压U2；〔3〕假设偏转电场两板间的电压按如图乙所示作周期性变化，要使电子经加速电场后在t=0时刻进入偏转电场后水平击中A点，试确定偏转电场电压U0以与周期T分别应该满足的条件．2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高二〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔每题4分，共48分，1至9题为单项选择，10、11、12为多项选择〕1．电场中A、B、C三点的电场强度分别为：E A=﹣5V/m、E B=4V/m、E C=﹣1V/m，如此这三点的电场由强到弱的顺序是( )A．ABC B．BCA C．CAB D．ACB【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是矢量，正负表示方向，根据电场强度的大小比拟三点的电场强弱．【解答】解：E A=﹣5V/m、E B=4V/m、E C=﹣1V/m，正负表示方向，其绝对值表示大小，如此E A ＞E B＞E C．即电场由强到弱的顺序是ABC．应当选：A．【点评】解决此题的关键知道电场强度的是矢量，正负表示方向，不表示大小．2．由电场强度的定义E=可知( )A．E和F成正比，F越大E越大B．E和q成反比，q越大E越小C．E的方向与F的方向一样D．E的大小可由确定【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】1、抓住比值定义法的共性，E与试探电荷的电场力和电量无关，由电场本身决定；2、电场强度方向与正电荷所受电场力方向一样．【解答】解：A、B电场强度E与试探电荷所受电场力F、电量q无关，不能说E和F成正比，和q成反比．故AB错误．C、根据物理学上规定可知，电场强度E的方向与正电荷所受电场力F方向一样，与负电荷所受电场力方向相反，而题中q的正负未知．故C错误．D、由定义式E=可计算出E．故D正确．应当选D【点评】此题考查对电场强度定义式的理解，抓住定义式具有比值定义法的共性，不能单纯从数学知识理解此公式．3．避雷针能够防止建筑物被雷击的原因是( )A．云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地B．避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷C．云层与避雷针发生磨擦．避雷针上产生的电荷被导入大地D．以上说法都不对【考点】静电现象的解释．【分析】雷电是云层与大地之间或云层之间的放电现象，在高大的建筑物上安装避雷针，可使云层所带电荷通过避雷针进入大地，从而保护建筑物不受雷击．【解答】解：当带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击．其原理为尖端放电．故B正确，ACD错误；应当选：B【点评】此题考查了避雷针的原理，难度不大，属于根底题．4．A为电场中一固定点，在A点放一电量为q的电荷，受电场力为F，A点的场强为E，如此( )A．假设在A点换上﹣q，A点场强方向发生变化B．假设在A点换上电量为2q 的电荷，A点的场强将变为 2EC．假设在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度为电场本身的性质，其大小与方向与试探电荷的电量与电性无关．【解答】解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，其大小与方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向大小均不变，故ABC均错误，D正确．应当选：D．【点评】该题考查对电场强度的定义式的理解，比值定义法是物理学中常用方法，但要注意所定义的量不一定与式中的物理有比例关系．5．把质量为m的点电荷q在电场中释放，在它运动过程中，如果不计重力，如下说法中正确的答案是( )A．点电荷运动轨迹必和电场线重合B．假设电场线是直线，如此点电荷运动轨迹必和电场线重合C．点电荷的速度方向必定和点所在的电场线的切线方向一致D．点电荷的加速度方向必定和点所在的电场线的切线方向在一直线上【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合；点电荷的加速度方向与电场力方向一样，对于正电荷，电场力与场强方向一样，沿着电场线的切线方向．【解答】解：A、点电荷运动的轨迹不一定与电场线重合，只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合．故A 错误；B、假设电场线是直线，如此点电荷运动轨迹不一定和电场线重合，还与电荷的初速度方向有关，故B错误．C、点电荷的速度方向始终沿着轨迹的切线方向，由于轨迹不一定与电场线重合，所以其速度方向不一定终与所在点的电场线的切线方向一样，故C错误；D、电荷的受到的电场力的方向与所在点的电场线的切线方向一致，根据牛顿第二定律可知，加速度方向一样与其所受的电场力的方向一样，所以电荷的加速度方向始终与所在点的电场线的切线方向在同一直线上，故D正确．应当选：D．【点评】关于电场线与轨迹的关系，要根据电场线的状态和电荷的初速度进展分析．并掌握电场线的切线方向表示场强方向，运用牛顿第二定律分析加速度方向．6．如下列图是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电，两极板间距离为d．现将一个检验电荷+q由两极板间的A点移动到B点，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，如此电场力对检验电荷+q所做的功等于( )A．B．C．D．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电容器的电容为C，带电荷量为Q，求出板间电压U，得到板间电场强度．根据W=qEd求出电场力做功【解答】解：由C=得，U=，板间场强E==，检验电荷+q由两极板间的A点移动到B点，电场力对检验电荷+q所做的功W=qEssin30°=应当选：C【点评】匀强电场中求电场力做功，只要把电场力当作一般的恒力，根据功的一般计算公式求解7．如下列图，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q〔q＞0〕的一样小球，小球之间用劲度系数均为k0的轻质弹簧绝缘连接当3个小球处在静止状态时，每根弹簧长度为l0，静电力常量为k，假设不考虑弹簧的静电感应，如此每根弹簧的原长为( )A．l+B．l﹣C．l﹣D．l﹣【考点】库仑定律；胡克定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于3个小球带同种电荷，互相排斥，所以弹簧处于伸长状态，对小球受力分析，根据平衡的条件列出方程可以求得弹簧的原长．【解答】解：对第三个小球受力分析，第三个小球受三个力的作用，即为两库仑力与弹簧的拉力，它们的关系是 k0x=k+k，解得 x=；所以弹簧的原长为 l0=l﹣x=l﹣，故C正确，ABD错误．应当选：C．【点评】对小球进展正确的受力分析是解决此题的关键，分析清楚小球受到的各个力的作用，由平衡条件列方程可以求得弹簧的长度．8．如下列图是从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，在保持其它物理量不变条件下，可供选用的方法有，使( )A．U1减小为原来的一半B．U2减小为原来的一半C．偏转电场极板长度增大为原来的2倍D．偏转电场极板距离增大为原来的2倍【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子先经加速电场加速后，进入偏转电场，根据动能定理求出加速获得的速度与加速电压的关系．由牛顿第二定律求出电子进入偏转电场时的加速度，根据运动的合成与分解，推导出电子在偏转电场中偏转量与偏转电压的关系，再综合得到偏转电场中偏转量与加速电压、偏转电压的关系，再进展选择．【解答】解：设电子的质量和电量分别为m和e．电子在加速电场中加速过程，根据动能定理得：eU1=…①电子进入偏转电场后做类平抛运动，加速度大小为：a=…②电子在水平方向做匀直线运动，如此有：t=…③在竖直方向做匀加速运动，如此有偏转量：y=at2…④联立上述四式得：y=A、根据偏转量y=得知，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使U1减小为原来的．故A正确．B、根据偏转量公式得知，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使U2增大为原来的2倍．故B错误．C、根据偏转量公式得知，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使偏转板的长度L增大为原来的倍．故C错误．D、要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使偏转板的距离减小为原来的．故D 错误．应当选：A．【点评】此题粒子从静止开始先进入加速电场后进入偏转电场，得到的结论与粒子的质量和电量无关，根底题目．9．如下列图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，正六边形所在平面与电场线平行．如下说法中错误的答案是( )A．通过CD和AF的直线应为电场中的两条等势线B．匀强电场的场强大小为10V/mC．匀强电场的场强方向为由C指向AD．将一个电子由E点移到D点，电子的电势能将减少1.6×10﹣19J【考点】等势面；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化〔除等势面〕的特点，如此知AC中点的电势为2V，连接EB，EB即为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小．由W=qU，如此电场力做功就可以求解．【解答】解：A、连接AC，AC中点电势为2V，与B电势相等，如此EB连线必为一条等势线，由正六边形对称性，CD∥EB，而匀强电场的等势面平行，如此CD直线也是一条等势线．故A 正确．B、BA间的电势差为U BA=1V，又U BA=Ed AB cos30°，得场强E==V/m=V/m．故B错误．C、由几何知识得知，CA⊥EB，EB是等势线，如此CA连线必为一条电场线，而且电场强度的方向由C指向A．故C正确．D、由上得知，E的电势为2V，D点与C点的电势相等为3V，如此电子从E点移到D点，电场力做正功，而且为W ED=qU ED=q〔φE﹣φD〕=﹣1.6×10﹣19×〔2﹣1〕J=1.6×10﹣19J，电势能将减小1.6×10﹣19J．故D正确．此题选择错误的，应当选B．【点评】此题的关键找等势点，作出电场线，这是解决这类问题常用方法．同时还要充分利用正六边形的对称性分析匀强电场中各点电势的关系．10．如下列图，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，如此如下结论错误的答案是( )A．此液滴带正电B．液滴做匀加速直线运动C．合外力对液滴做的总功等于零D．液滴的电势能减少【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向一样可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况【解答】解：A、假设液滴带正电，其受力情况如图一所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A错误．B、对液滴进展受力分析，其受力情况如图二所示，故物体所受合力F=mg，故物体的加速度为：a=g，做匀加速直线运动，故B正确．C、由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向一样，故合外力对物体做正功，并不为零，故C错误D、由于电场力所做的功W电=Eqx bd cos45°＞0，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，故D正确．因选错误的，应当选：AC【点评】带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，是我们判定液滴带电性质的突破口，在今后的学习中我们经常用到要注意掌握11．如图甲所示，在x轴上有两个固定的点电荷Q1、Q2，其中Q1带正电处于原点O．现有一个正电荷q以一定的初速度沿x轴正方向运动〔只受电场力作用〕，其v﹣t图象如图乙所示，q 经过a、b两点时速度分别为v a、v b．如此以下判断正确的答案是( )A．Q2带负电且电荷量小于Q1B．b点的场强比a点的场强大C．a点的电势比b点的电势高D．q在a点的电势能小于在b点的电势能【考点】电势能；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图象分析可知：正带电粒子在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，如此在b点正电粒子受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出Q2的电性为负；通过正带电粒子的动能先减小再增大，判断电场力做功和电势能的变化，根据正电荷在电势高处电势能大，判断电势的上下．【解答】解：A、根据v﹣t图象的斜率等于0，可知正电荷q在b点的加速度为0，在b点左侧电荷做减速运动，b点右侧做加速运动，如此在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知Q2带负电，根据点电荷场强公式E=k得知Q2带电荷量小于Q1，故A正确；B、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，受力为零，故b的场强为零，而a点的场强不为零，所以b点的场强比a点的场强小，故B错误．C、该电荷从a点到b点，做减速运动，电场力做负功，电势能增大，又因为该电荷为正电荷，所以电势升高，如此b点电势比a点的电势高．故C错误D、由C分析得，粒子在a点的电势能比b点的电势能小，故D正确应当选：AD【点评】解决此题的关键是根据图象分析b点的场强为零，分析电荷的能量如何变化时，往往判断外力做功情况，根据功能关系进展分析，要掌握常见的功能关系，比如电场力做功与电势能变化的关系，总功与动能变化的关系等等．12．如下列图，在真空中有一水平放置的不带电平行板电容器，板间距离为d，电容为C，上板B接地，现有大量质量均为m，带电荷量为q的小油滴，以一样的初速度持续不断地从两板正中间沿图中虚线所示方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点．如果能落到A板的油滴仅有N滴，且第N+1滴油滴刚好能飞离电场，假设落到A板的油滴的电荷量能被板全部吸收，不考虑油滴间的相互作用，重力加速度为g，如此( )A．落到A板的油滴数N=B．落到A板的油滴数N=C．第N+1滴油滴经过电场的整个过程中所增加的动能为D．第N+1滴油滴经过电场的整个过程中减少的机械能为【考点】带电粒子在混合场中的运动；机械能守恒定律．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】根据粒子做平抛运动的规律，运用运动的合成与分解，并依据运动学公式，即可求解；根据牛顿第二定律，结合电场力表达式，与运动学公式，即可求解．【解答】解：AB、第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点．如此：设以上述速度入射的带电粒子，最多能有n个落到下极板上．如此第〔N+1〕个粒子的加速度为a，由牛顿运动定律得：mg﹣qE=ma其中：E===得：a=g﹣第〔N+1〕粒子做匀变速曲线运动，竖直方向有：y==第〔N+1〕粒子不落到极板上，如此有关系：y≤联立以上公式得：，N=，故A正确，B错误；C、第〔N+1〕粒子运动过程中重力和电场力做功等于粒子动能的增量，由动能定理得：W=mg ﹣qE代人数据得：W=，故C正确；D、第〔N+1〕粒子运动过程中电场力做的负功等于粒子减少的机械能：W电=﹣qE=﹣，故D正确；应当选：ACD。
2025届甘肃省天水市秦安县二中物理高二上期末统考试题含解析
（2）求金属棒下滑的最大速度 ；
（3）当金属棒下滑速度达到稳定时，求电阻R消耗 功率。
14．（16分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.4m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=6V、内阻r=1Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.75Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，求：
（1）图中的A端与________(填“红”或“黑”)色表笔相连接。
（2）关于R6的使用，下列说法正确的是____(填正确答案标号)。
A．在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置
B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置
C．使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数，由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，从而求解木板获得的动能，根据A和B的初、末机械能来求解系统损失的机械能，根据“面积”之差求出木板A的长度；
D.上升过程克服重力做功的平均功率等于下降过程克服重力做功的平均功率
8、如图所示，闭合矩形线圈 从静止开始竖直下落，穿过一个匀强磁场区域，此磁场区域竖直方向的长度远大于矩形线圈 边的长度，不计空气阻力，则（ ）
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甘肃省天水市秦安县第二中学2015--2016学年上学期第二次月考高二物理试题一、选择题（每题4分，共48分，1至9题为单项选择，10、11、12为多项选择）8．电场中A、B、C三点的电场强度分别为：E A=－5错误！未找到引用源。
、E B=4错误！未找到引用源。
、E C= －1错误！未找到引用源。
，则这三点的电场由强到弱的顺序是（）A.ABCB.BCAC.CABD.ACB9．由电场强度的定义式E= F/q可知（）A.E和F成正比，F越大E越大B.E和q成反比，q越大E越小C.E的方向与F的方向相同D.E的大小可由F/q确定10．避雷针能够避免建筑物被雷击的原因是( )A．云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地B．避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷C．云层与避雷针发生摩擦，避雷针上产生的电荷被导入大地D．以上说法都不对11．A为已知电场中的一个固定点，在A点放一电荷量为q的电荷，所受电场力为F，A点的电场强度为E，则（）A.若在A点换上–q，A点的电场强度将发生变化B.若在A点换上电荷量为2q 的电荷，A点的电场强度将变为2EC.若A点移去电荷q ，A点的电场强度变为零D.A点电场强度的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关12．把质量为m的点电荷q在电场中释放,在它运动过程中，如果不计重力,下列说法中正确的是（）A.点电荷运动轨迹必和电场线重合B.若电场线是直线，则点电荷运动轨迹必和电场线重合C.点电荷的速度方向必定和它所在的电场线的切线方向一致D.点电荷的加速度方向必定和它所在的电场线的切线方向在一直线上6、如图所示是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电，两极板间距离为d.现将一个检验电荷+q 由两极板间的A 点移动到B 点，A 、B 两点间的距离为s ，连线AB 与极板间的夹角为30°，则电场力对检验电荷+q 所做的功等于（ ）7、光滑绝缘的水平面上放置3个电荷量均为q(q ＞0)的相同的小球，小球之间用劲度系数均为k 0的轻质弹簧绝缘连接。
当3个小球均处于静止状态时，每根弹簧的长度为l 。
已知静电力常量为k ，则每根弹簧的原长为 ( )8、如图是从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U 1，偏转电压为U 2，要使电子在电场中的偏转量y 增大为原来的2倍，在保持其它物理量不变条件下，可供选用的方法有，使（ ）A ．U 1减小为原来的一半B ．U 2减小为原来的一半C ．偏转电场极板长度增大为原来的2倍D ．偏转电场极板距离增大为原来的2倍9、如图A 、B 、C 、D 、E 、F 为匀强电场中一个边长为10 cm 的正六边形的六个顶点，A 、B 、C 三点电势分别为1.0V ，2.0V ，3.0V,正六边形所在平面与电场线平行．下列说法错误的是（ ）A.通过CD 和AF 的直线应为电场中的两条等势线B.匀强电场的场强大小为10 V/mC.匀强电场的场强方向为由C 指向AD.将一个电子由E 点移到D 点，电子的电势能将减少1.6×10-19J10、如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b 沿直线运动到d ，且bd 与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论错误．．的是（ ） A.此液滴带正电 B ．液滴做匀加速直线运动C.合外力对液滴做的总功等于零 D ．液滴的电势能减少qCsqQsqQs qCsAB.C.D.QdCd2Cd2Qd11、如图甲所示，在x轴上有两个固定的点电荷Q1、Q2，其中 Q1带正电处于原点O．现有一个正电荷q以一定的初速度沿x轴正方向运动（只受电场力作用），其v-t图象如图乙所示，q经过a、b两点时速度分别为v a、 v b．则以下判断正确的是( )A．Q2带负电且电荷量小于Q 1B．b点的场强比a点的场强大C．a点的电势比b点的电势高D．q在a点的电势能小于在b点的电势能12、如图所示，在真空中有一水平放置的不带电平行板电容器，板间距离为d，电容为C，上板B接地，现有大量质量均为m，带电荷量为q的小油滴，以相同的初速度持续不断地从两板正中间沿图中虚线所示方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点．如果能落到A板的油滴仅有N滴，且第N＋1滴油滴刚好能飞离电场，假设落到A板的油滴的电荷量能被板全部吸收，不考虑油滴间的相互作用，重力加速度为g，则（）A．落到A板的油滴数N＝错误！未找到引用源。
B．落到A板的油滴数N＝错误！未找到引用源。
C．第N＋1滴油滴经过电场的整个过程中所增加的动能为D．第N＋1滴油滴经过电场的整个过程中减少的机械能为二、实验题（每空2分，共16分）13、用如图所示装置可以研究影响平行板电容器电容的因素。
设两极板正对面积为S，两极板间的距离为d，板间电介质的介电常数为ε，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变。
①若保持d、ε不变，减小S，则θ（填变大、变小、或不变，下同）②若保持S、ε不变，增大d ，则θ③若保持d、S不变，在板间插入介电常数ε更大的电介质，则θ14、在利用重物自由下落“验证机械能守恒定律”的实验中．（1）备有如下器材：A．打点计时器；B．直流电源；C．交流电源；D．纸带；E．带夹子的重物；F．秒表；G．刻度尺；H．天平；I．导线；J．铁架台；K．复写纸；其中该实验不需要的器材是（填字母代号）（2）在实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，实验要求打点计时器在打第一个点时释放纸带．甲、乙、丙三个学生分别用同一装置各打出一条纸带，量出各纸带上第1、2两点间的距离分别为0.38cm，0.19cm和0.18cm，可见其中肯定有一个学生在操作上有错误，错误操作的同学是．其错误的操作可能是因为．（3）某次“验证机械能守恒定律”的实验中，用6V、50Hz的打点计时器打出的一条无漏点的纸带，如图所示，O点为重锤下落的起点，选取的计数点为A、B、C、D，各计数点到O点的长度已在图上标出，单位为毫米，重力加速度取9.8m/s2，若重锤质量为1kg．（计算结果保留3位有效数字）①打点计时器打出B点时，重锤的动能E kB= J．②从开始下落算起，打点计时器打B点时，重锤的重力势能减小量为J．从而验证了机械能守恒定律的正确性．三．计算题:（共46分）15、（10分）如图所示，两个平行金属板AB中间为一匀强电场，AB相距10cm，CD为电场中的两点，CD=8cm，CD连线和电场方向成60°角，C点到A板的距离为2cm．已知质子从C点移到D点，电场力作功为3.2×10﹣17J．（质子带电量为1.6×10﹣19C）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）AB两板之间的电势差；（3）若将A板接地，则C点的电势为多大？16、（10分）如图，在水平放置且相距2cm 的平行带电金属板间的匀强电场中，有一个 m =10-4克、电量 q =-10-8库仑的液滴，在两板正中央处于静止状态。
问：（1）哪块板带正电？板间电场强度多大？（2）若板间电场强度突然增为原来的2倍，液滴将做什么运动？触及板面时速度多大？17、（12分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接，在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电量为+q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场（P点恰好在A点的正上方，如图，小球可视为质点，小球运动到C点之前电量保持不变，经过C点后电量立即变为零）。
已知A、B间距离为2R，重力加速度为g，在上述运动过程中，求：（1）电场强度E的大小（2）小球在圆轨道上运动时最大速率（3）小球对圆轨道的最大压力的大小18、（14分）如图甲所示，质量为m、电荷量为e的电子经加速电压U1，加速后，在水平方向沿O1O2垂直进入偏转电场．已知形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L（不考虑电场边缘效应），两极板间距为d，O1O2为两极板的中线，P是足够大的荧光屏，且屏与极板右边缘的距离也为L．求：（1）粒子进入偏转电场的速度v的大小；（2）若偏转电场两板间加恒定电压，电子经过偏转电场后正好打中屏上的A点，A点与极板M 在同一水平线上，求偏转电场所加电压U2；（3）若偏转电场两板间的电压按如图乙所示作周期性变化，要使电子经加速电场后在t=0时刻进入偏转电场后水平击中A点，试确定偏转电场电压U0以及周期T 分别应该满足的条件．物理月考试题答案一、选择题（每题4分，共48分，1至9题为单项选择，10、11、12为多项选择）二、实验题（每空2分，共16分）13、答案：变大变大变小14、答案：（1）B、F、H．（2）甲，可能是先放纸带后接通电源，（3）0.690，0.691．四．计算题:（共46分）15、（10分）（1）匀强电场的电场强度为5000V/m；（2）AB两板之间的电势差为500V；（3）若将A板接地，则C点的电势为﹣100V。
16、（10分）（1）上极板带正电荷 E = 100N/C（2）向上做匀加速运动 v = 0.44m/s17、（12分）解答：解：（1）设电场强度为E，小球过C点时速度大小为v c，小球从A到C由动能定理：小球离开C点后做平抛运动到P点：2R=v c t联立方程解得：即电场强度E的大小为．（4分）（2）设小球运动到圆周D点时速度最大为v，此时OD与竖直线OB夹角设为α，小球从A运动到D过程，根据动能定理：即：根据数学知识可得，当α=450时动能最大由此可得：即小球在圆轨道上运动时最大速率为．（4分）（3）由于小球在D点时速度最大且电场力与重力的合力恰好沿半径方向，故小球在D点对圆轨道的压力最大，设此压力大小为F，由牛顿第三定律可知小球在D点受到的轨道弹力大小也为F，在D点对小球进行受力分析，并建立如图所示坐标系由牛顿第二定律：解得：即小球对圆轨道的最大压力的大小．（4分）18、（14分）解：（1）电子经加速电场加速：eU1=mv2 解得：v=（2）由题意知，电子经偏转电场偏转后做匀速直线运动到达A点，设电子离开偏转电场时的偏转角为θ，则由几何关系得： =（L+）tanθ解得：tanθ=又tanθ====解得：U2=（3）要使电子在水平在水平方向击中A点，电子必向上极板偏转，且v y=0，则电子应在t=0时刻进入偏转电场，且电子在偏转电场中运动的时间为整数个周期，设电子从加速电场射出的速度为v0，则电子在偏转电场中的运动时间满足t==nT则T===（n=1，2，3，4…）在竖直方向位移应满足=2n×a（）2=2nו（）2解得：U0==（n=1，2，3，4…）。