2020年河北省衡水中学高三高考押题 物理试题(含答案)
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(二十九)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（二十九）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题1.某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如下图中的①、②图线所示．由图可知，启用ABS后A. t1时刻车速更小B. 0～t1的时间内加速度更小C. 加速度总比不启用ABS时大D. 刹车后前行的距离比不启用ABS更短【答案】D【解析】【分析】根据速度图象，直接比较车速的大小，由斜率等于加速度，比较加速度的大小．由“面积”等于位移，比较位移的大小．【详解】A、由图看出，启用ABS后t1时刻车速更大．故A错误．BC、由斜率等于加速度的大小得到，启用ABS后0～t1的时间加速度更小，t1～t2的时间内加速度更大．故B错误，C错误．D、根据速度图象的“面积”等于位移大小看出，刹车后前行的距离比不启用ABS更短．故D正确．故本题正确答案选D【点睛】本题要结合速度图象来分析汽车的速度、加速度和位移的大小，抓住斜率等于加速度、“面积”等于位移是基本方法．2.质量为1 kg的物体做直线运动，其速度—时间图象如图所示，则物体在前10 s内和后10 s内所受合外力的冲量分别是()A. 10 N·s，10 N·sB. 10 N·s，－10 N·sC. 0，10 N·sD. 0，－10 N·s【答案】D【解析】由图象可知，在前10s内初、末状态的动量相同，p1＝p2＝5kg·m/s，由动量定理知I1＝0；在后10s内末状态的动量p3＝－5kg·m/s，由动量定理得I2＝p3－p2＝－10N·s，故正确答案为D．3.如图所示，两木块A、B用轻质弹簧连在一起，置于光滑的水平面上．一颗子弹水平射入木块A，并留在其中．在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是A. 动量守恒、机械能守恒B. 动量、机械能都不守恒C. 动量守恒、机械能不守恒D. 动量不守恒、机械能守恒 【答案】C 【解析】【详解】在子弹打击木块A 及弹簧压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，系统所受外力之和为零，系统的动量守恒，在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，系统机械能不守恒，故C 正确．4.据《科技日报》报道，2020年前我国将发射8颗海洋系列卫星，包括4颗海洋水色卫星、2颗海洋动力环境卫星和2颗海陆雷达卫星，以加强对黄岩岛、钓鱼岛及西沙群岛全部岛屿附近海域的监测．设海陆雷达卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径是海洋动力环境卫星的n 倍，则在相同的时间内 A. 海陆雷达卫星到地球球心的连线扫过的面积是海洋动力环境卫星的n 倍 B. 海陆雷达卫星和海洋动力环境卫星到地球球心的连线扫过的面积相等 C.倍 D.【答案】C 【解析】 试题分析：根据22GMm mr r ω=，解得ω=22111222S lr r r t θω===，因为轨道半径之比为n，则角速度之比为，所以相同时间内扫过的面积之比为C 正确，A 、B 、D 错误． 考点：万有引力定律的应用【名师点睛】根据万有引力提供向心力得出角速度之比，结合轨道半径得出扫过面积的表达式，从而得出扫过的面积之比．5.如图所示为足球球门，球门宽为L ．一个球员在球门中心正前方距离球门s 处高高跃起，将足球顶入球门的左下方死角(图中P 点)．球员顶球点的高度为h ．足球做平抛运动(足球可看成质点，忽略空气阻力)，则 ( )A. 足球位移的大小224L x s =+B. 足球初速度的大小22024g L v s h ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭ C. 足球末速度的大小22224g L v s gh h ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭D. 足球初速度的方向与球门线夹角的正切值tan 2Lsθ= 【答案】BC 【解析】【详解】根据几何知识可得足球的位移为212h gt =，A 错误； 足球做平抛运动，在水平方向上有0'x v t =，在竖直方向上有212h gt =，联立解得22024g L v s h ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭B 正确；根据运动的合成可得足球末速度的大小22()v v gt =+212h gt =，22024g L v s h ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，解得22224g L v s gh h ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，C 错误；足球初速度的方向与球门线夹角等于足球做平抛运动过程张水平方向上的位移与球门线的夹角，故根据几何知识可知2tan 2s sL L θ==，D 错误． 【点睛】该题的立体性非常好，需要结合立体几何分析解题，对于平抛运动，一般都是将其分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，平抛运动的时间取决下落的高度． 【此处有视频，请去附件查看】6.如图所示，P 是水平面上的圆弧凹槽，从高台边B 点以某速度v 0水平飞出的小球，恰能从固定在某位置的凹槽的圆弧轨道的左端A 点沿圆弧切线方向进入轨道．O 是圆弧的圆心，θ1是OA 与竖直方向的夹角，θ2是BA 与竖直方向的夹角，则( )A.21tan 2tanθθ= B. 12tan tan 2θθ=C. 1212tan tan θθ=D.12tan 2tan θθ= 【答案】B 【解析】 【分析】从图中可以看出，速度与水平方向的夹角为θ1，位移与竖直方向的夹角为θ2．然后求出两个角的正切值． 【详解】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．速度与水平方向的夹角为θ1，100tan yv gtv v θ==，位移与竖直方向的夹角为θ2，022tan v x y gt θ==，则tanθ1tanθ2=2．故B 正确，A 、C 、D 错误．故选B ．7.测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员质量为m 1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮(不计滑轮质量及摩擦)，下悬一个质量为m 2的重物，人用力蹬传送带而人的重心不动，使传送带以速率v 匀速向右运动．下面是人对传送带做功的四种说法，其中正确的是( )A. 人对传送带不做功B. 人对传送带做负功C. 人对传送带做功的功率为m 2gvD. 人对传送带做功的功率为(m 1＋m 2)gv 【答案】C 【解析】试题分析：人对传送带的摩擦力方向向右，传送带在力的方向上有位移，所以人对传送带做功，摩擦力和位移的方向相同，故做正功，故A 、B 错误．人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于m 2g ．所以人对传送带做功的功率为m 2gv ．故C 正确，D 错误． 故选C ． 考点：功、功率【名师点睛】力对物体做的功等于力与物体在力方向上的位移的乘积．力和物体在力方向上有位移是力做功的必要条件．所以人对传送带做功，而传送带对人不做功．由人的重心不动知，人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡．而拉力等于m 2g ．8.“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面200km 的P 点进行第一次变轨后被月球捕获，先进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，如图所示．之后，卫星在P 点又经过两次变轨，最后在距月球表面200km 的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动．对此，下列说法不正确的是A. 卫星在轨道Ⅲ上运动的速度大于月球的第一宇宙速度B. 卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短C. Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三种轨道运行相比较，卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小D. 卫星从椭圆轨道Ⅰ经过两次变轨到轨道Ⅲ上运动过程中，其重力势能的变化量的绝对值小于机械能的变化量的绝对值 【答案】AD 【解析】【详解】A 、在月球“表面”运动行的速度等于月球的第一宇宙速度，卫星最后在距月球表面200km 的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动，根据GMr，“嫦娥一号”最后轨道半径大于月球的半径，则小于月球的第一宇宙速度，故A 不正确．B 、根据开普勒第三定律可知，卫星在轨道Ⅲ上运动的半径最小，则周期最小，故B 正确．C 、从轨道I 至II 到III 的过程中，每次经过P 点，均需“制动”减速做向心运动进入低轨道，则卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小，故C 正确．D 、要使卫星由较高的轨道进入较低的轨道，即减少轨道半径（减少轨道高度h ），一定要给卫星减少能量，即通过“制动”外力对卫星做负功，卫星的机械能减少，但在低轨道上的动能却增加，所以卫星从椭圆轨道Ⅰ经过两次变轨到轨道Ⅲ上运动过程中，其重力势能的变化量的绝对值大于机械能的变化量的绝对值，故D 不正确． 故选A 、D9.如图所示，相同质量的物块从底边长相同、倾角不同的固定斜面最高处同时由静止释放且下滑到底端，下面说法正确的是A. 若物块与斜面之间的动摩擦因数相同，物块在两斜面上损失的机械能相等B. 若物块到达底面时的动能相同，物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数大C. 若斜面光滑，两物块一定同时运动到斜面底端D. 若物块与斜面之间的动摩擦因数相同，倾角大的斜面上的物块所受摩擦力冲量小 【答案】ABD 【解析】【详解】A 、设斜面倾角为θ，底边长为s ，则有：物体损失的机械能等于克服摩擦力所做的功，克服摩擦力做功W=μmgcos θμcos sθ⨯=mgs ；损失的机械能与夹角无关；所以两物体损失的机械能相同，故A 正确．B 、根据动能定理：mgs tan θ-μmgs=E K -0，物块到达底面时的动能E K =mgs(tan θ-μ)，若物块到达底面时的动能相同，物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数大，故B 正确．C 、若斜面光滑，物体下滑的加速度a=gsin θ，根据cos s θ=12at 2，可得4sin 2s g θθ不同，t 不同．当θ=450时，下滑时间最短，故C 错误．D 、摩擦力冲量I=μmgcos θn t=μmgcos 4sin 2s g θμ2tan sg θθ越大，tan θ越大，冲量I 就越小，故D 正确．故选A、B、D【点睛】本题考查学生对动能定理及功能关系的理解与应用对于两种情况进行比较的问题，一定要注意要找出相同条件后，再进行分析．10.如图所示，E为电源，其内阻不可忽略，R T为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L为指示灯泡，C 为平行板电容器，G为灵敏电流计．闭合开关S，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是（）A. L变亮B. R T两端电压变大C. C所带的电荷量保持不变D. G中电流方向由a到b【答案】AD【解析】试题分析：环境温度明显升高时，R T的阻值减小，电路电流增大，灯泡L变亮，所以A正确；R T的阻值减小，根据串联电路的分压规律，R T的电压减小，所以B错误；外电路的电阻减小，故路端电压减小，电容器的电压减小，电量减少，所以C正确；电容器的电量减少，发生放电现象，故G中电流方向由a到b，所以D正确考点：本题考查传感器、电容器、闭合电路的欧姆定律【此处有视频，请去附件查看】11.如图所示，在竖直平面内有水平向右、场强为E=1×104 N/C的匀强电场．在匀强电场中有一根长L=2m 的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一质量为0.08kg的带电小球，它静止时悬线与竖直方向成37°角，若小球获得初速度恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，取小球在静止时的位置为电势能零点和重力势能零点，cos37°=0.8，g取10m/s2．下列说法正确（）A. 小球的带电荷量q=6×10﹣5 CB. 小球动能的最小值为1JC. 小球在运动至圆周轨迹上的最高点时有机械能的最小值D. 小球绕O 点在竖直平面内做圆周运动的电势能和机械能之和保持不变，且为4J 【答案】AB 【解析】A 、对小球进行受力分析如上图所示可得：37mgtan qE ︒=解得小球的带电量为：537610mgtan q C E-︒==⨯，故A 正确； B 、由于重力和电场力都是恒力，所以它们的合力也是恒力在圆上各点中，小球在平衡位置A 点时的势能（重力势能和电势能之和）最小，在平衡位置的对称点B 点，小球的势能最大，由于小球总能量不变，所以在B 点的动能E kB 最小，对应速度v B 最小，在B 点，小球受到的重力和电场力，其合力作为小球做圆周运动的向心力，而绳的拉力恰为零，有：0.81370.8mg F N N cos ===︒合，而2Bv F m L =合，所以2111121222KB B E mv F L J J 合===⨯⨯=，故B 正确；C 、由于总能量保持不变，即k PG PE E E E ++=恒量，所以当小球在圆上最左侧C 点时，电势能PE E 最大，机械能最小，故C 错误；D 、由于总能量保持不变，即k PG PE E E E ++=恒量，由B 运动到A ，PA PB W E E =--合力（），·2W F L =合合力，所以2PB E J =，总能量3PB kB E E E J =+= ，故D 错误； 故选AB ．【点睛】关键抓住小球恰好做圆周运动，求出等效最高点的临界速度，根据该功能关系确定何处机械能最小，知道在等效最高点的动能最小，则重力势能和电势能之和最大．二．实验题12.用多用电表准确测量了一个10 Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是3 kΩ的电阻，在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，以下哪些操作是必需的，请选择其中有用的，按操作顺序写出________．A ．调节欧姆调零旋钮使表针指着欧姆零点B ．用螺丝刀调节表盘下中间部位的调零螺丝，使表针指零C ．将红表笔和黑表笔短接D ．把选择开关旋转到“×100 Ω”位置（2）如图所示为一正在测量中的多用电表表盘． ①如果是用×10 Ω挡测量电阻，则读数为________Ω． ②如果是用直流10 mA 挡测量电流，则读数为______mA ． ③如果是用直流5 V 挡测量电压，则读数为________V ． 【答案】 (1). DCA (2). 60 (3). 7.2 (4). 3.59 【解析】【详解】（1）用多用电表准确测量了一个10Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是3kΩ的电阻，多用电表应选择“×100Ω”，应把选择开关置于“×100Ω”位置，然后两表笔短接，再调节欧姆调零旋钮，使指针指针欧姆表零刻度线上，然后再测电阻，因此合理的实验步骤是：DCA ． （2）①如果是用×10Ω挡测量电阻，由图示表盘可知，其读数为6×10Ω=60Ω．②如果是用直流10mA挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为0.2mA，其读数为7.2mA．③如果是用直流5V挡测量电压，由图示表盘可知，其分度值为0.1V，其读数为3.59V．【点睛】（1）使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线负极，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，如果不换挡，则不允要进行欧姆调零．（2）对多用电表读数时，要先根据选择开关位置确定其测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数．三．选考题13.以下说法正确的是（）A. 大量分子做无规则运动，速率有大有小，但是分子的速率按“中间少，两头多”的规律分布B. 一定质量的理想气体，温度升高时，分子平均动能增大，气体的压强不一定增大C. 由于液体表面层分子间平均距离大于液体内部分子间平均距离，液体表面存在张力D. 空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和气压，水蒸发越快E. 用油膜法测出油分子的直径后，要测定阿伏伽德罗常数，只需要再知道油的摩尔体积即可【答案】BCE【解析】大量分子做无规则运动，速率有大有小，但是分子的速率按“中间多，两头少”的规律分布，选项A错误；一定质量的理想气体，温度升高时，分子平均动能增大；根据PVCT可知，气体的压强不一定增大，选项B正确；由于液体表面层分子间平均距离大于液体内部分子间平均距离，液体表面存在张力，选项C正确；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和气压，水蒸发越慢，选项D错误；用油膜法测出油分子的直径后，要测定阿伏伽德罗常数，只需要再知道油的摩尔体积即可，选项E正确；故选BCE.14.如图所示，一些水银被装在粗细均匀竖直放置的两边等长U形管中．U形管左边封闭着一段长为h =57cm 的空气柱，右端开口与大气相连，刚开始两边水银面处于同一高度．已知空气可以当成理想气体，外界大气压恒为p0= 76cm汞柱．环境温度不变，若向U形管右边加入水银柱（未产生新的空气柱）．①最多可加入多长的水银柱？②此时左端封闭的空气柱变为多长？【答案】76cm ，38cm【解析】 试题分析：温度不变，封闭的空气量不变，根据克拉伯龙方程：为最终压强差，P 为最开始的压强．因为加入最多的水银，所以右边液面与管口齐平，则两边水银高度差等于空气柱长度，解得h 1=38cm ，即空气柱长度为38cm可以加入△L=57cm+（57cm-38cm ）=76cm 水银柱考点：克拉伯龙方程15.关于波的干涉、衍射等现象，下列说法正确的是______________A. 当波源与观测者相互靠近时，观测者接收到的振动频率大于波源发出波的频率B. 在杨氏双缝干涉实验中，用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，屏上将呈现间距相等的条纹C. 某人在水面上方观察水底同位置放置的红、黄、绿三盏灯时，看到绿灯距水面最近D. 照相机镜头前的增透膜、信号在光导纤维内的传播都是利用了光的全反射原理E. 电磁波与声波由空气进入水中时，电磁波波长变短，声波波长变长【答案】ACE【解析】【分析】 （1）当波源远离接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率低，当波源靠近接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率高；（2）干涉条纹间距相等，而衍射条纹间距不相等；（3）根据折射率，从而确定视深与实际深度的关系；（4）拍摄玻璃橱窗内的物品时，镜头前加装一个增透膜，利用光的干涉原理．【详解】A.根据多普勒效应可知，当波源靠近接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率高，故A 正确；B.用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，不能发生干涉现象而会发生单缝衍射现象，屏上出现中间宽，两侧窄，间距越来越大的衍射条纹；故B 错误；C.光折射成像时，视深：H h n ，水底同一深度并列红、黄、绿三盏灯时，绿光的折射率最大，故绿灯视深最浅，故C 正确；D.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个增透膜，是利用光的干涉现象，故D 错误；E.由空气进入水中传播时，频率不变，波速变大，由公式νλf =，知电磁波的波长变短；声波的波速变大，频率不变，波长变大，故E 正确；故选ACE 。
2020届河北衡中同卷新高考押题模拟考试(三)物理试卷
2020届河北衡中同卷新高考押题模拟考试（三）高三物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一．选择题：本题共14小题。
在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分第11～14题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共46分。
1.三个共点力的大小如下，其中不可能使物体达到平衡的一组是( )A. 3N、4N、5NB. 3N、4N、8NC. 10N、5N、5ND. 6N、6N、6N【答案】B【解析】最大的力减去另两个力若小于等于0，则能平衡，ACD均可能平衡，B对．2.当一个物体静止在水平桌面上时( )A. 桌面形变产生对物体的支持力B. 物体对桌面的压力就是该物体的重力C. 物体对桌面的压力使物体发生形变D. 以上说法都不正确【答案】A【解析】A、桌面因为发生了形变，要恢复原状，而产生对物体向上的支持力，故A正确；B 、物体静止在水平桌面上，物体对水平桌面的压力大小等于物体的重力，由于压力与重力的施力物体和受力物体都不同，不能说压力就是重力，故B 错误；C 、是因物体发生形变，才对桌面的压力，故CD 错误．点睛：物体静止在水平桌面上，物体对水平桌面的压力大小等于物体的重力，但不能说就是重力；压力是由于物体的形变而产生的．3.三段不可伸长的细绳OA 、OB 、OC 能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB 是水平的，A 端、B 端固定．若逐渐增加C 端所挂物体的质量，则最先断的绳( )．A. 必定是OAB. 必定是OBC. 必定是OCD. 可能是OB ，也可能是OC【答案】A 【解析】【详解】以结点O 为研究,在绳子均不被拉断时受力图如图.根据平衡条件,结合力图可以知道:,OA OB OA OC F F F F >>即OA 绳受的拉力最大,而细绳OA 、OB 、OC 能承受的最大拉力相同,则当物体质量逐渐增加时,OA 绳的拉力先达到,故OA 最先被拉断.故A 正确，BCD 错误，故选A4.阻值均为R 的四个电阻、电容为C 的电容器及电动势为E 的电源（不计内阻）连接成如图所示的电路．开关K 闭合且电路稳定时，以下说法正确的是（ ）A. 电容器两板间电压E/3B. 电容器极板上的电荷量为2CE/5C. 减小电容器两极板正对面积，极板上的电荷量减小D. 减小电容器两极板间的距离，稳定后两板间电压比原来的更小【答案】C【解析】【详解】A、电容器与两个电阻并联，两板间电压等于并联两电阻两端的电压：2233E EU RR=⨯=，A错误；B、电容器极板上的电荷量23ECQ CU==，B错误；C、根据电容的决定式4SCkdεπ=，减小电容器两极板正对面积，电容减小．电容两端的电压不变，极板上的电荷量减小，C正确；两板间电压等于并联两电阻两端的电压，减小电容器两极板间的距离，稳定后两板间电压不变，D错误．故选C．5.如图，长方体ABCD—A1B1C1D1中，将可视为质点的小球从顶点A在∠BAD所在范围内（包括边界）分别沿不同方向水平抛出，落点都在A1B1C1D1范围内（包括边界）．不计空气阻力，以A1B1C1D1所在水平面为重力势能参考平面，则小球A. 抛出速度最大时落在B1点B. 抛出速度最小时落在D1点C. 从抛出到落在B1D1线段上任何一点所需的时间都相等D. 落在B1D1中点时的机械能与落在D1点时的机械能相等【答案】C【解析】A 、小球被抛出后做平抛运动，飞行时间：2t hg=，抛出速度最大时水平位移最大，应落在C 1，A 错误；B 、抛出速度越小，距离A 1点越近，可以比D 1点还近，B 错误；C 、飞行时间由竖直高度决定，所以从抛出到落在A 1B 1C 1D 1平面时间都相同，即从抛出到落在B 1D 1线段上任何一点所需的时间都相等，C 正确；D 、落在B 1D 1中点和落在D 1点水平位移不等，说明抛出时速度不等，根据机械能守恒定律，所以落在B 1D 1中点时的机械能与落在D 1点时的机械能不相等，D 错误； 故选C ．6.如图，长为L 的细绳一端系在天花板上的O 点，另一端系一质量m 的小球．将小球拉至细绳处于水平的位置由静止释放，在小球沿圆弧从A 运动到B 的过程中，不计阻力，则（ ）A. 小球经过B 点时，小球的动能为mgLB. 小球经过B 点时，绳子的拉力为3mgC. 小球下摆过程中，重力对小球做功的平均功率为0D. 小球下摆过程中，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小 【答案】ABD 【解析】A 、从A 到B 的过程中，根据动能定理得：212k B E mv mgL ==，故A 正确； B 、在B 点，根据牛顿第二定律得2B v T mg m L-=，解得：3T mg =，故B 错误；C 、小球下摆过程中，重力做的功W mgL =，则重力的平均功率 mgLP t=不为零，故C 错误； D 、小球下摆过程中，重力的瞬时功率从0变化到0，应是先增大后减小，故D 正确．点睛：本题主要考查了圆周运动向心力公式、动能定理的直接应用，要求同学们能正确分析小球的受力情况，会利用特殊点解题．7.如图，粗糙水平面上a 、b 、c 、d 四个相同小物块用四根完全相同的轻弹簧连接,正好组成一个等腰梯形，系统静止．ab 之间、ac 之间以及bd 之间的弹簧长度相同且等于cd 之间弹簧长度的一半，ab 之间弹簧弹力大小为cd 之间弹簧弹力大小的一半.若a 受到的摩擦力大小为f ，则下列说法不正确的是（ ）A. ab之间的弹簧一定是压缩的B. b受到的摩擦力大小为fC. d受到的摩擦力大小为2fD. c受到的摩擦力大小为3f【答案】C【解析】【详解】设每根弹簧的原长为L0，ab的形变量为△x1，cd的形变量为△x2，则有k△x2=2k△x1，若ab弹簧也是被拉长，则有：L0+△x2=2（L0+△x1），解得L0=0，不符合题意，所以ab被压缩，A正确；由于a受到的摩擦力大小为f，根据对称性可得，b受到的摩擦力大小为f，B正确；以a和c为研究对象进行力的分析如图所示，中图中的θ为ac与cd之间的夹角，则114=2cdcosac＝，所以θ=60°，则∠cab=120°，a受到的摩擦力大小f=T；对c根据力的合成可得f c3，所以D正确；由于c3，根据对称性可知，d受到的摩3，C错误．此题选择错误的选项，故选C．【点睛】力的合成满足平行四边形定则，当两个力方向相同时可以直接相加求合力；当两个力方向相反时可以直接相减求合力；当两个力垂直的时候，分力与合力之间满足勾股定理，可以直接用勾股定理计算；如果两个力夹角不是特殊角，可以根据正交分解法、矢量三角形法或三角函数法求解合力大小．8.如图，两个相同小物块a和b之间用一根轻弹簧相连，系统用细线静止悬挂于足够高的天花板下．细线某时刻被剪断，系统下落，已知重力加速度为g，则A. 细线剪断瞬间，a和b的加速度大小均为gB. 弹簧恢复原长时，a和b的加速度大小均为gC. 下落过程中弹簧一直保持拉伸状态D. 下落过程中a、b和弹簧组成的系统机械能守恒【答案】BD【解析】【详解】A、细线剪断前，a、b受力如下图，，，细线剪断瞬间，绳子拉力F2变为零，弹簧拉力不变．对a：，；对b受力不变，加速度为零，A错误；B、弹簧恢复原长时，a和b都只受重力，加速度大小均为g，B正确；C、由于开始a的加速度大于b的加速度，弹簧长度变短，弹簧恢复原长时，a的速度大于b的速度，弹簧变成收缩状态，C错误；D、下落过程中a、b和弹簧组成的系统动能、重力势能、弹性势能相互转化，系统机械能守恒，D正确；故选BD9.质量为400 kg的赛车在平直赛道上以恒定功率加速，受到的阻力不变，其加速度a和速度的倒数1v的关系如图所示，则赛车在加速的过程中( )A. 速度随时间均匀增大B. 加速度随时间均匀增大C. 输出功率160 kWD. 所受阻力大小 1 60 N【答案】C【解析】【详解】由图可知，加速度变化，故做变加速直线运动，速度随时间不是均匀增大故A错误；a-1v函数方程a＝400v−4，汽车加速运动，速度增大，加速度减小，故B错误；对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有：F-f=ma；其中：F=P/v；联立得：P famv m=-，结合图线，当物体的速度最大时，加速度为零，故结合图象可以知道，a=0时，1v=0.01，v=100m/s，所以最大速度为100m/s；由图象可知：−f/m＝−4，解得：f=4m=4×400=1600N；1400100400P f⋅-＝，解得：P=160kW，故C正确，D错误；故选C．10.如图所示为做直线运动的某一质点在6s内的x-t图象，则对于该质点在6s内的运动，以下说法正确的是（）A. 质点在4s~6s内速度最大B. 质点在2s~4s内做匀速直线运动C. 质点在5s末离出发点最远D. 质点在5s末速度方向发生改变【答案】A【解析】【详解】位移-时间图象的斜率表示该时刻的速度，根据图象可知，4s～6s内斜率最大，则速度最大，故A 正确．质点在2s～4s内，位移不变，物体处于静止状态，故B错误．根据图象可知，5s末物体回到出发点，故C错误．物体在4s～6s做匀速直线运动，方向没有改变，故D错误．故选A．11.如图，A、B、C、D是正四面体的四个顶点，现在A固定一电荷量为+q的点电荷，在B固定一电荷量为-q的点电荷，取无穷远电势为零，下列说法正确的是A. 棱AB中点的电势为零B. 棱AB中点的场强为零C. C、D两点的电势相等D. C、D两点的场强相同【答案】ACD 【解析】【详解】由题，通过AB的中垂面是一等势面，取无穷远电势为零，那么棱AB中点，及C、D在同一等势面上，电势相等，且均为零，而C、D两点的场强都与等势面垂直，方向指向B一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强、电势均相同，故ACD正确．B、依据等量异种电荷的电场线分布，可知，棱AB中点的场强不为零，故B错误；故选ACD．12.下列四幅图的有关说法中正确的是（）A. 甲图中，球m1以速度v碰静止球m2，若两球质量相等，碰后m2的速度一定为vB. 乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大C. 丙图中，射线甲由电子组成，射线乙为电磁波，射线丙由α粒子组成D. 丁链式反应属于重核的裂变【答案】BD【解析】【详解】甲图中，两球碰撞过程中动量守恒，机械能不增加，如果两球质量相等，发生弹性碰撞，则碰撞后m2的速度等于v，若发生非弹性碰撞，碰后m2的速度不等于v，故A错误．乙图中，图中光的颜色保持不变的情况下，光照越强，光电子数目越多，则饱和光电流越大，故B正确；丙图中，由左手定则可知，甲带正电，则甲射线由α粒子组成．乙不带电，射线乙是γ射线，丙射线粒子带负电，则丙射线由电子组成，故C错误；丁图所示的链式反应属于重核裂变，故D正确；故选BD．13.如图所示为a、b两小球沿光滑水平面相向运动的v-t图．已知当两小球间距小于或等于L时，受到相互排斥的恒力作用，当间距大于L时，相互间作用力为零．由图可知A. a球的质量大于b球的质量B. a球的质量小于b球的质量C. t l时刻两球间距最小D. t3时刻两球间距为L【答案】BD【解析】【详解】从速度时间图象可以看出a小球速度时间图象的斜率绝对值较大，所以a小球的加速度较大，两小球之间的排斥力为相互作用力大小相等，根据a=F/m知，加速度大的质量小，所以a小球质量较小，故A 错误，B正确；二者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，所以C错误；当间距大于L时，相互间作用力为零，由图看出t3时刻之后相互作用力为零，即间距大于L，则t3时刻距离为L，D正确；故选BD．14.如图所示，将质量为2m的重物悬挂在足够长的轻绳的一端，轻绳的另一端跨过轻质定滑轮并系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上A点，光滑定滑轮与直杆的距离为d．A点与定滑轮等高，B点在距A点正下方d处．现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是（）A. 环从A到B，环减少的机械能等于重物增加的机械能B. 环到达B处时，重物上升的高度h=dC. 当环下降的速度最大时，轻绳的拉力T=2mgD. 环从A点能下降的最大高度为4 3【答案】ACD【解析】【详解】环下滑过程中无摩擦力做系统做功，故系统机械能守恒，即满足环减小的机械能等于重物增加的机械能，故A正确；根据几何关系有，环从A下滑至B点时，重物上升的高度2d-d，故B错误；当环下降的速度最大时，环的加速度为0，此时设轻绳的拉力为T，有：Tcosθ=mg，mgTcosθ=，假设轻绳的拉力T=2mg，则θ=60°，根据运动的合成和分解，此时重物的加速度为0，假设成立，故C正确；设环下滑到最大高度为H时环和重物的速度均为022H d+，根据机械能守恒有mgH=2mg22H d+），解得：H=43d，故D正确；故选ACD．二．填空题(每小题4分,共16分)15.一辆汽车在平直公路上做直线运动先以速度v1行驶了三分之一的路程，接着又以v2=20km/h的速度跑完剩下的三分之二路程，如果汽车在全过程的平均速度是15km/h，则v1= _______km/h．【答案】10【解析】 【详解】全程的平均速度为：12 233S vS S v v +＝；代入数据解得：v 1=10km/h 16.物体以初速 沿斜面匀减速上滑，能到达的最大位移是L ，物体经过 L/2处的速度是____________． 【答案】02v 【解析】【详解】设物体经过L/2处的速度是v′，由题意知：v 02＝2aL ，v ′2− v 02＝−2a ×2L ，联立得：022v v '= 17.如图，沿光滑的墙壁用网兜把一个足球挂在 A 点，足球的质量为m ，网兜的质量不计，现使悬绳变长些，则悬绳对球的拉力将___，墙壁对球的弹力将_____．（填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】 (1). 变小 (2). 变小【解析】【详解】足球受重力、拉力和支持力平衡，受力如图：运用合成法，根据几何知识得，绳子对球的拉力：mg T cos θ=；N=mgtanθ；现使悬绳变长些的过程中，角θ不断减小，故拉力逐渐减小，支持力也减小． 18.某同学在“用打点计时器测速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 共7个计数点．其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个点未画出．试根据纸带计算B 点的瞬时速度大小为______ m/s ，小车的加速度为_________m/s 2．(要求保留3位有效数字)【答案】 (1). 0.400，． (2). 0.801【解析】【详解】每两个相邻的测量点之间的时间间隔T=0.10s ，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：0.03620.04380.400/0.2AC B AC x v m s t +=== 设A 到B 之间的距离为x 1，以后各段分别为x 2、x 3、x 4、x 5、x 6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT 2可以求出加速度的大小，得：x 4-x 1=3a 1T 2 ；x 5-x 2=3a 2T 2 ； x 6-x 3=3a 3T 2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=13（a 1+a 2+a 3） 即小车运动的加速度计算表达式为：29DG AD x x a T -=解得：a=()20.05990.06800.07620.03620.04380.052 901++-++⨯．m/s 2=0.801m/s 2 三．计算题（本大题共38分）19.在十字路口，汽车以0.5m/s 2加速度从停车线启动做匀加速直线运动，恰好有一辆自行车以5m/s 的速度匀速驶过停车线与汽车同方向行驶，求：（1）什么时候它们相距最远？最远距离是多少？（2）在什么地方汽车追上自行车？追到时汽车的速度是多大？【答案】（1）10s ，25m ；（2）100m ，10m/s ．【解析】 【详解】（1）由题意知两车速度相等时相距最远，设所用时间为t 汽车做初速度为0的匀加速直线运动，所以v 汽=at=v 自 已知a=0.5m/s 2，v 自=5m/s ， 可得t=10s 最远距离x=x 自-x 汽=v 自t-12at 2=25m ．（2）汽车追上自行车时，它们相对于停车线的位移相等，设汽车追上自行车所用时间为t′此时x 自=x 汽即：v 自t′=12a t /2 代入a=0.5m/s 2v 自=5m/s可得 t′=20s此时距停车线距离 x=v 自t′=100m此时汽车速度 v 汽=a t′=10m/s20.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来。
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(十五)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（十五）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.某运动员（可看成质点）参加跳板跳水比赛，t=0是其向上起跳瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）A. t1时刻开始进入水面B. t2时刻开始进入水面C. t3时刻已浮出水面D. t2—t3的时间内，运动员处于失重状态【答案】B【解析】【详解】AB、从开始到t2时刻，v−t图象为直线,说明整个过程中的加速度是相同的，所以在0−t2时间内人在空中，先上升后下降，t 1时刻到达最高点，t 2之后速度减小，开始进入水中，故A 错误，B 正确； C 、t 3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C 错误； D 、t 2−t 3时间内加速度的方向向上，处于超重状态，故D 错误； 故选B ．【点睛】在v-t 图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据v-t 图象可以分析人的运动的情况，即可进行选择．2.如图所示，倾角为θ的斜面体C 置于水平面上，B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A 相连接，连接B 的一段细绳与斜面平行，A 、B 、C 都处于静止状态．则（ ）A. B 受到C 的摩擦力一定不为零B. C 受到水平面的摩擦力一定为零C. 水平面对C 的摩擦力方向一定向左D. 水平面对C 的支持力与B 、C 的总重力大小相等 【答案】C 【解析】试题分析：对物体B ，当B 受到绳子的拉力与B 的重力在斜面上的分力大小相等，即B A m gsin m g θ=时，B 在斜面上没有运动趋势，此时BC 间没有摩擦力，故A 错误；把BC 当做一个整体进行受力分析，可知绳子的拉力在水平方向上的分量不为零，整体有向右的运动趋势，所以C 受到地面的摩擦力不会为零，方向一定向左，故B 错误，C 正确；把BC 当做一个整体进行受力分析，在竖直方向上有：A B C N m gsin m m g θ+=+（），绳子的拉力在竖直方向上的分量A m gsin θ不为零，所以水平面对C 的支持力小于B 、C 的总重力，故D 错误．考点：考查了共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．3.2017年下半年我国发射了北斗三号卫星．北斗导航卫星的发射需要经过几次变轨，例如某次变轨，先将卫星发射至近地圆轨道1上，然后在P 处变轨到椭圆轨道2上，最后由轨道2在Q 处变轨进入圆轨道3，轨道1、2相切于P 点，轨道2、3相切于Q 点．忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是A. 该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P 处减速B. 该卫星在轨道从轨道1到轨道2再到轨道3，机械能逐渐增大C. 该卫星在轨道3的动能大于在轨道1的动能D. 该卫星在轨道3上经过Q 点的加速度小于在轨道2上Q 点的加速度 【答案】B 【解析】（1）卫星在轨道上运行时，轨道的半长轴越大，需要的能量越大，由于轨道2半长轴比轨道1半径大，因此该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P 处点火加速，故A 错误；（2）卫星在轨道上运行时，轨道的半长轴越大，需要的能量越大，所以卫星从轨道1到轨道2再到轨道3，机械能逐渐增大．故B 正确； （3）根据GMv r=，卫星在轨道3的线速度小于在轨道1的线速度，由212k E mv =可知，卫星在轨道3的动能小于在轨道1的动能，故C 错误； （4）根据牛顿第二定律和万有引力定律2Mm Gma r =得：2Ma G r=，所以卫星在轨道3上经过Q 点的加速度等于在轨道2上经过Q 点的加速度，故D 错误； 故本题选B4.一质量为m 的物体以某一速度冲上一个倾角为37°的斜面，其运动的加速度的大小为0.9g ．这个物体沿斜面上升的最大高度为H ，则在这过程中( )A. 物体克服重力做功0.9 mgHB. 物体克服摩擦力做功0.6 mgHC. 物体的动能损失了1.5 mgHD. 物体的重力势能增加了mgH【答案】CD 【解析】【详解】AD. 重力势能的增加量等于克服重力做的功mgH ，故重力势能增加了mgH ，故A 错误，D 正确； B. 物体上滑过程，根据牛顿第二定律，有：mgsin37°+f=ma ，解得摩擦力大小：f =0.3mg ，物体克服摩擦力做功：W f =0.3mg×sin37Ho=0.5mgH ，故B 错误； C ．物体上滑过程,根据牛顿第二定律,得合外力大小为F 合=ma=0.9mg ，根据动能定理得：△E k =−F 合sin 37Ho=−1.5mgH ，故物体的动能减少了1.5mgH ，故C 正确．故选CD 。
2020届河北衡水中学新高考冲刺押题模拟(二十)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考冲刺押题模拟（二十）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项符合题目要求。
第6～8题有多选项题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。
1.在探究光电效应现象时，某小组的同学分别用频率为v 、2v 的单色光照射某金属，逸出的光电子最大速度之比为1：2，普朗克常量用h 表示，则( ) A. 光电子的最大初动能之比为1：2B. 该金属的逸出功为当23hvC. 该金属的截止频率为3vD. 用频率为2v的单色光照射该金属时能发生光电效应【答案】B 【解析】【详解】解：A 、逸出的光电子最大速度之比为1：2，光电子最大的动能：212km m E mv =，则两次逸出的光电子的动能的之比为1：4；故A 错误；B 、光子能量分别为：E hv =和2E hv =根据爱因斯坦光电效应方程可知光电子的最大初动能为：k E hv W =-，42k E hv W =-联立可得逸出功：23hv W=，故B正确；C、逸出功为23hv，那么金属的截止频率为23v，故C错误；D、用频率为12v的单色光照射，因1223vv<，不满足光电效应发生条件，因此不能发生光电效应，故D 错误．故选B．2.甲、乙两球质量分别为m1、m2，从不同高度由静止释放，如图a所示。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(十九)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（十九）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-17题只有一项符合题目要求；第18-21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.关于近代物理发展的成果，下列说法正确的是A. 只要增加人射光的强度，光电效应就可以发生B. 氢原子从激发态向基态跃迁时会辐射特定频率的光子C. 若使放射性物质的温度升高，则其半衰期将减小D. α射线、β射线、γ射线都是高速电子流【答案】B【解析】【详解】能否发生光电效应，与入射光的强度无关，只与入射光的频率有关，选项A错误；氢原子从激发态向基态跃迁时会辐射特定频率的光子，光子的能量等于两个能级的能级差，选项B正确；放射性物质的半衰期与外部因素（温度、压强等）无关，选项C错误；α射线是氦核，β射线是高速电子流，γ射线是高速光子流，选项D错误；故选B.2.如图所示，A、B、C三个物体处于平衡状态，则关于A、B、C三个物体的受力个数，下列说法正确的是A. A物体受到4个力的作用B. B物体受到3个力的作用C. C物体受到3个力的作用D. C物体受到4个力的作用【答案】C【解析】【分析】根据受力分析的步骤，先重力，后弹力，最后是摩擦力，并结合平衡知识解答.【详解】物体C受重力，B的支持力和摩擦力3个力的作用，选项C正确，D错误；物体B受重力，A的支持力，C的压力和摩擦力4个力的作用，选项B错误；物体A受重力，地面的支持力以及B的压力3个力的作用，选项A错误；故选C.3.如图所示，竖直面内分布有水平方向的匀强电场，一带电粒子沿直线从位置a向上运动到位置b，在这个过程中，带电粒子A. 只受到电场力和重力作用B. 带正电C. 做匀速直线运动D. 机械能增加【答案】A【解析】【分析】根据粒子的运动情况确定受力情况，由此确定电性和机械能的变化．【详解】带电粒子沿直线从位置a向上运动到位置b，合力方向与速度方向共线，受力情况如图所示；粒子受到电场力和重力作用，故A 正确；粒子受到的电场力方向与电场线方向相反，故粒子带负电，故B 错误；粒子受到的合力方向与速度方向相反，粒子做匀减速运动，故C 错误；电场力做负功，机械能减小，故D 错误．故选A ．【点睛】本题主要是考查带电粒子在复合场中的运动，解答本题要能够根据粒子的运动情况确定受力情况，做直线运动时合力与速度方向共线．4.使物体成为卫星的最小发射速度称为第一宇宙速度v 1，而使物体脱离星球引力所需要的最小发射速度称为第二宇宙速度v 2，v 2与的关系是v 22v 1，已知某星球半径是地球半径R 的12，其表面的重力加速度是地球表面重力加速度g 的15，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为 gR 3gR gR 5gR 【答案】D【解析】【分析】根据mg=m 2v r求解第一宇宙速度，然后根据v 22v 1求解第二宇宙速度． 【详解】该星球表面的重力加速度g'=5g ，由mg'=2 12mv R 可得星球的第一宇宙速度1110v gR ，该星球的第二宇宙速度v 22v 115gR ABC 错误，D 正确；故选D. 【点睛】通过此类题型，学会知识点的迁移，比如此题：把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面． 5.如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，两个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b ，以不同的速率对准圆心O 沿着AO 方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，粒子a 在磁场中的运动周期为T a ，粒子a 在磁场中的运动时间为t a =13T a ，粒子b 在磁场中的运动周期为T b ，粒子b 在磁场中的运动时间为t=16T b，则下列说法正确的是A. 粒子a和粒子b在磁场中运动的周期关系为T a=T bB. 粒子a和粒子b在磁场中运动的周期关系为T a>T bC. 粒子a和粒子b在磁场中运动速度关系v a=1 3 v bD. 粒子a和粒子b在磁场中运动速度关系v a=3v b 【答案】AC【解析】【分析】根据2mTqBπ=可判断两粒子的周期关系；根据2t Tθπ=可求解两粒子在磁场中的偏转角，从而确定半径关系，根据mvrqB=确定速度关系．【详解】根据2mTqBπ=可知，两粒子在磁场中的运动的周期相同，选项A正确，B错误；设圆形磁场的半径为r，因t a=13T a可知a在磁场中运动转过的角度是1200；由几何关系可知，运动半径0tan303ar r==；同理因t b=16T a可知b在磁场中运动转过的角度是600；由几何关系可知，运动半径0tan603br r r==；根据mvrqB=可知粒子a和粒子b在磁场中运动速度关系13a ab bv rv r==，选项C正确，D错误；故选AC.【点睛】带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小；运动的周期均相同的情况下，转过的圆弧的圆心角可用运动的时间来确定6.如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接有定值电阻R1、R2，且R1=R2，原、副线圈的匝数比n1︰n2=2︰1，交流电源电压为U，则A. R1两端的电压为25UB. R2两端的电压为25UC. R1和R2消耗的功率之比为1︰2D. R1和R2消耗的功率之比为1︰4【答案】BD【解析】【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，然后结合欧姆定律即可求出．根据P=U2/R求解功率比．【详解】设R1=R2=R，原线圈电流为I，则根据匝数比可知副线圈电流为2I；此时初级电压为：U-IR；则根据匝数比可知，次级电压为12( U-IR) ；根据欧姆定律可知：1()22U IR IR-=，解得IR=15U，即R1两端的电压为15U；R2两端的电压为25U，选项A错误，B正确；根据P=U2/R可知R1和R2消耗的功率之比为1︰4，选项C错误，D正确；故选BD.7.有一半圆形轨道在竖直平面内，如图所示，O为圆点，AB为水平直径，有一小球从A点以不同速度向右平抛，不计空气阻力，在小球从抛出到落到轨道这个过程中，下列说法正确的是A. 初速度越小的小球运动时间越长B. 初速度不同的小球运动时间可能相同C. 落在半圆形轨道最低点的时间最长D. 小球落到半圆形轨道的瞬间，速度方向可能垂直撞击半园形轨道【答案】BC【解析】【分析】根据平抛运动的特点，平抛运动的时间由高度决定，与水平初速度无关；做平抛运动的物体的速度的反向延长线经过水平位移的中点．【详解】平抛运动的时间由高度决定，与水平初速度无关，初速度小时，与半圆接触时下落的距离不一定比速度大时下落的距离小，故A错误；速度不同的小球下落的高度可能相等，如碰撞点关于半圆过O点的竖直轴对称的两个点，运动的时间相等，故B正确；落在圆形轨道最低点的小球下落的距离最大，所以运动时间最长，选项C正确；若小球落到半圆形轨道的瞬间垂直撞击半园形轨道，即速度方向沿半径方向，则速度方向与水平方向的夹角是位移方向与水平方向夹角的2倍．因为同一位置速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，两者相互矛盾，则小球的速度方向不会沿半径方向．故D 错误．故选BC．8.如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方h高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，在空中能上升的最大高度为34h(不计空气阻力)，则A. 小球和小车组成的系统水平方向动量守恒B. 小车向左运动的最大距离为RC. 小球离开小车后做斜上抛运动D. 小球第二次能上升的最大高度12h<h1<34h【答案】ABD【解析】分析】水平地面光滑，系统水平方向动力守恒，则小球离开小车后做竖直上抛运动，下来时还会落回小车中，根据动能定理求出小球在小车中滚动时摩擦力做功．第二次小球在小车中滚动时，对应位置处速度变小，因此小车给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功变小，据此分析答题．【详解】小球与小车组成的系统在水平方向所受合外力为零，水平方向系统动量守恒，故A正确系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：mv-mv′=0，2R x xm mt t--=，解得小车的位移：x=R，故B正确；小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，小球由A点离开小车时系统水平方向动量为零，小球与小车水平方向速度为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C错误；小球第一次车中运动过程中，由动能定理得：mg（h0-34h0）-W f=0，W f为小球克服摩擦力做功大小，解得：W f=14mgh0，即小球第一次在车中滚动损失的机械能为14mgh0，由于小球第二次在车中滚动时，对应位置处速度变小，因此小车给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于14mgh0，机械能损失小于14mgh0，因此小球再次离开小车时，能上升的高度大于：34h0-14h0=12h0，而小于34h0，故D正确；故选ABD．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
河北省衡水中学2024届高三下学期高考冲刺物理试卷(一) (含解析)
2023~2024学年度河北衡水中学冲刺高考物理密卷（一）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
共100分。
考试时间75分钟。
第Ⅰ卷（选择题共46分）一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.采用图甲所示的装置研究光电效应现象，电流表和电压表不测量时指针均指在表盘的正中间。
分别用a、b、c三束单色光照光电管的阴极K，得到光电管两端的电压与相应的光电流的关系。
如图乙所示。
下列说法正确的是（ ）A．测量遏止电压时开关S应扳向1B、a光的光子能量比b光的小C．a光照射时光电子的最大初动能比c光照射的大D．c光的强度比a光的大2、两辆汽车A、B在相邻车道以不同的速度匀速行驶，前方十字路口红灯，两车刹车过程中并排行驶时，如图甲所示，车头到前方停车线的距离均为20m，最终两车头均恰好到达停车线前。
以两车并排行驶时车头所在处为位移0点并开始计时，以汽车运动方向为正方向建立x轴，汽车A整个过程的x-t图像如图乙所示，是开口向下的抛物线的一部分，汽车B 整个过程的y-t图像为如图丙所示的直线，下列说法正确的是（ ）A．两汽车同时到达停车线前B．汽车A的初速度大小为6m/sC ．汽车B 的加速度大小为1m/s 2D．两车头沿运动方向的最大距离为3、半径为R 的半圆弧金属丝均匀带+Q 的电荷时，在其圆心处产生的电场强度大小为，k 为静电力常量。
若让一根半径为R 的圆弧金属丝均匀带+Q 的电荷，则在其圆心处产生的电场强度大小为（ ）A ．B ．C ．D ． 4、今年冬天，南海公园、赛罕塔拉、包头乐园为吸引游客，兴建了滑雪游乐场，某公园的滑雪场设置了如图所示滑道跳雪游戏项目：滑道由高为H 的斜面滑道AB 、水平滑道BC 和高为h 的斜面滑道CD 三部分组成，AC 水平距离为L ，CD 滑道的倾角固定，为45°，游客脚上的滑雪板与三段滑道之间的动摩擦因数均为μ=0.25，游客从A 点由静止开始下滑，经过水平滑道BC 过渡后由C 点水平飞出，若不计在B 点的机械能损失，下列说法正确的是（ ）A ．只要H 和L 一定，不管滑道AB 的倾角有多大，游客从C 点飞出的速度一定B ．若游客落在滑道CD 的不同点上，则落在滑道的各点速度方向不相同C ．其他条件不变，为保证游客落在滑道CD 上，L 可以设计适当短一些D ． 当3H =L +h 时，游客恰好落在 D 点5、2023年11月 16 日，中国北斗系统正式加入国际民航组织标准，成为全球民航通用的卫星导航系统。
2020年河北省衡水中学高考物理押题试卷(含答案解析)
2020年河北省衡水中学高考物理押题试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.我国科学家为解决“玉兔号”月球车长时间处于黑夜工作的需要，研制了一种小型核能电池，将核反应释放的核能转变为电能，需要的功率并不大，但要便于防护其产生的核辐射。
请据此猜测“玉兔号”所用核能电池有可能采纳的核反应方程是A. B.C. D.2.穿梭于大街小巷的共享单车解决了人们出行的“最后一公里”问题。
单车的传动装置如图所示，链轮的齿数为38，飞轮的齿数为16，后轮直径为660mm，若小明以匀速骑行，则脚踩踏板的角速度约为A. B. C. D.3.如图所示圆形区域内，有垂直于纸面方向的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准圆心O射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，这些粒子在磁场中的运动时间有的较长，有的较短，若带电粒子只受磁场力的作用，则在磁场中运动时间越短的带电粒子A. 在磁场中的周期一定越小B. 在磁场中的速率一定越小C. 在磁场中的轨道半径一定越大D. 在磁场中通过的路程一定越小4.如图所示，质量可忽略的绝缘细杆做成正方体框架，边长为a，框架的每个顶点固定着一个带电荷量为，质量为m的小球，将这个框架静止放在足够粗糙的水平面上，水平面上方有水平向右的匀强电场，场强为E，下列说法正确的是A. 立方体中心位置处电场强度为零B. 上方四个小球受到的电场力的合力均相同C. 若以右下底边为轴把这个立方体向右侧翻转，系统电势能减少了6qEaD. 若以右下底边为轴把这个立方体向右侧翻转，系统电势能减少了8qEa二、多选题（本大题共6小题，共33.0分）5.如图甲所示是一个理想变压器和一组理想二极管，A、B是变压器次级线圈的输出端，C、D、E、F、G、H是二极管组接线端，变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈电压按图乙所示规律变化，原线圈接有交流电压表，把A、B端适当的接在C、E、F、H中的某些位置，就可以向接在D、G之间的用电器供直流电，下列说法正确的是A. A、B两端电压为B. A、B输出端电流方向1s改变100次C. 把AC接一起，再把BH接一起，则电流可以从G流出过用电器从D流回D. 把ACF接一起，再把BEH接一起，则电流可以从G流出过用电器从D流回6.北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统。
2020年河北省衡水中学高考物理押题试卷(含答案解析)
2020年河北省衡水中学高考物理押题试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.关于原子核、原子核的衰变、核能，下列说法错误的是()A. 原子核的结合能越大，原子核越稳定B. 92238U衰变成 82206Pb要经过8次α衰变和6次β衰变C. 发生β衰变时，新核与原来的原子核相比，少了一个中子，多了一个质子D. 发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了22.如图所示的皮带传动装置中，a、b、c分别为轮边缘上的三点．已知R a：R b：R c=1：2：3.假设在传动过程中皮带不打滑，则在传动过程中，b、c的角速度之比为()A. 3：1B. 1：3C. 2：1D. 1：23.如图所示，垂直于平面向外的匀强磁场的边界为平行四边形ABCD，其中E为BC边的中点，AE垂直于BC，一束电子以大小不同的速度沿AE方向射入磁场，不计电子的重力和电子间的相互作用。
关于电子在磁场中运动的情况，下列说法正确的是()A. 入射速度越大的电子，其运动时间越长B. 入射速度越大的电子，其运动轨迹越长C. 从AB边射出的电子运动时间都相等D. 从BC边射出的电子运动时间都相等4.如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上方固定着电荷量为q的点电荷，一个带电小球(可视为质点)恰好围绕O点在水平桌面上做匀速圆周运动。
已知O在q正下方，则下列判断中错误的是()A. 圆轨道上的电势处处相等B. 圆轨道上的电场强度处处相同C. 点电荷q对小球的库仑力是吸引力D. 桌面对小球的弹力可能为零二、多选题（本大题共6小题，共33.0分）5.某兴趣小组自制一小型发电机，使线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化，如图所示，线圈转动周期为T，线圈产生的电动势的最大值为E m，线圈的电阻为r，该线圈与电阻为R的纯电阻用电器构成闭合回路，则()A. 线圈匝数为n=TE m2πΦmB. 电阻为R的用电器的电功率为E m22RC. 在0～T4时间内通过用电器的电荷量为q=TE m2π(r+R)D. 若线圈转速增大为原来的2倍，线圈中电动势的瞬时值为e=2E m cos2πtT6.2007年4月24日，欧洲科学家宣布在太阳之外发现了一颗可能适合人类居住的类地行星Gliese581c。
2020届河北衡水密卷新高考押题信息考试(十二)物理试卷
2020届河北衡水密卷新高考押题信息考试（十二）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题1.某质点运动速度的平方v2随位移x变化的规律如图所示，关于该质点的运动情况，下列说法正确的是()A. 质点一定是做曲线运动B. 质点所受合外力可能是恒力C. 质点运动的加速度逐渐增大D. 质点的机械能一定是逐渐增大的【答案】C【解析】【详解】A、质点运动速度平方2v随位移x变化规律不是质点运动的轨迹，故A错误；B、根据2202v v ax-=知，图线切线斜率的大小等于2a，图线切线斜率增大，则加速度增大，根据牛顿第二定律知，合力增大，故B错误，C正确．D 、质点的速度增大，动能增大，重力势能的变化未知，则无法判断机械能的变化，故D 错误．2.如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m = 0.2 kg 的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v 和弹簧压缩量∆x 的函数图象如图乙所示，其中A 为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g = 10 m/s 2，则下列说法中正确的是( )A. 该弹簧的劲度系数为20 N/mB. 当∆x = 0.3 m 时，小球处于超重状态C. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大 D .小球刚接触弹簧时速度最大 【答案】ABC 【解析】 【分析】由图象可知，当△x=0.1m 时，小球的速度最大，加速度为零，此时重力等于弹簧对它的弹力，根据k△x=mg 求出k ，再求出最低点的弹力，根据牛顿第二定律求解在最低点的加速度，与刚开始接触时比较得出什么时候加速度最大，小球和弹簧组成的系统机械能守恒．【详解】由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x 为0.1m 时，小球的速度最大，然后减小，说明当△x 为0.1m 时，小球的重力等于弹簧对它的弹力．所以可得：k △x=mg ，解得：0.21020.0/0.1mg k N m x V ＝＝＝，故A 正确；当△x=0.3m 时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B 正确；图中的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故C 正确；由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x 为0.1m 时，小球的速度最大，然后速度减小，故D 错误；故选ABC ． 【点睛】解答本题要求同学们能正确分析小球的运动情况，能根据机械能守恒的条件以及牛顿第二定律解题，知道从接触弹簧到压缩至最短的过程中，弹簧弹力一直做增大，弹簧的弹性势能一直增大． 3.如图所示，两个固定的等量异种电荷相距为4L ，其连线中点为O ，以O 为圆心、L 为半径的圆与两点电荷间的连线及连线的中垂线分别交于a 、b 和c 、d ．则A. a 、b 两点的电场强度大小相等，方向相反B. c 、d 两点的电场强度大小相等，方向相同C. 将一带正电的试探电荷从a 点沿直线移到b 点，其电势能先减小后增大D. 将一带正电的试探电荷从c 点沿直线移到d 点，其电势能先增大后减小 【答案】B 【解析】【详解】根据两等量异种点电荷电场特点，a 、b 两点和c,d 两点的电场强度大小相同，方向相同，故A 错误，B 正确；将一带正电的试探电荷从a 点沿直线移到b 点，电场力一直做正功，故其电势能一直减小，选项C 错误；cd 连线上电势均为零，故 将一带正电的试探电荷从c 点沿直线移到d 点，其电势能不变，选项D 错误；故选B.4.如图所示，正方形线框的左半侧处在磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向与线框平面垂直，线框的对称轴MN 恰与磁场边缘平齐．若第一次将线框从磁场中以恒定速度v 1向右匀速拉出，第二次让线框绕轴MN 以线速度v 2匀速转过90°.为使两次操作过程中线框产生的平均感应电动势相等，则()A. v 1∶v 2＝2∶πB. v 1∶v 2＝π∶2C. v 1∶v 2＝1∶2D. v 1∶v 2＝2∶1【答案】A 【解析】【详解】将线框从磁场中以恒定速度1v 向右匀速拉出，则11122LL t v v ==让线框绕轴MN 以线速度2v 匀速转过90°，角速度22v Lω=时间2224L t v ππω==两次过程中产生的平均感应电动势为11BSE t t ∆Φ==∆ 22BSE t t ∆Φ==∆ 且12E E =，即21t t =，解得v 1∶v 2=2∶π故选A ．5.如图所示，光滑轨道由AB 、BCDE 两段细圆管平滑连接组成，其中AB 段水平，BCDE 段为半径为R 的四分之三圆弧，圆心O 及D 点与AB 等高，整个轨道固定在竖直平面内，现有一质量为m ，初速度010gRv =的光滑小球水平进入圆管AB ，设小球经过轨道交接处无能量损失，圆管孔径远小于R ，则(小球直径略小于管内径)( )A. 小球到达C 点时的速度大小C 3gRv =B. 小球能通过E 点且抛出后恰好落至B 点C. 无论小球的初速度v 0为多少，小球到达E 点时的速度都不能为零D. 若将DE 轨道拆除，则小球能上升的最大高度与D 点相距2R 【答案】B 【解析】A 、小球从A 至C 过程，由机械能守恒定律得（以AB 为参考平面）：22011 22C mv mv mgR =-，将010gR v =代入得：32C gRv =，故A 错误；B 、从A 至E 过程，由机械能守恒定律得：2201122E mv mv mgR =+，解得 2E gRv = 从E 点开始小球做平抛运动，则由22E gR Rx v t R g==⋅=，小球能正好平抛落回B 点，故B 正确； C 、因为是圆弧管，内管壁可提供支持力，所以小球在E 点速度可以为零，故C 错误；D 、若将DE 轨道拆除，设小球能上升的最大高度为h ，由机械能守恒得：2012mv mgh =，解得54h R =，故D 错误．点睛：本题是平抛运动与机械能守恒定律的综合应用，它们之间的桥梁是速度．要注意管子类型与轻杆类型相似，小球通过最高点时最小速度为零．6.如图所示，绕在铁芯上的线圈、电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路．在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A ，下列各种情况中铜环A 中没有感应电流的是（ ）A. 线圈中通以恒定的电流B. 通电时，使变阻器的滑片P 作匀速滑动C. 通电时，使变阻器的滑片P 作加速滑动D. 将电键突然断开的瞬间【答案】A 【解析】【详解】A 项：线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A 的磁通量不变，没有感应电流产生．故A 正确．B 项：通电时，使变阻器的滑片P 作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A 磁通量增大，产生感应电流．不符合题意．故B 错误．C 项：通电时，使变阻器的滑片P 作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环A 磁通量变化，产生感应电流．不符合题意．故C 错误．D 项：将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过穿过铜环A 的磁通量减小，产生感应电流，不符合题意．故D 错误． 故选A ．7.宇宙中两颗靠得比较近的恒星,只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转,称之为双星系统．在浩瀚的银河系中,多数恒星都是双星系统．设某双星系统A 、B 绕其连线上的O 点做匀速圆周运动,如图所示．若AO>OB ,则( )A. 星球A 的角速度一定大于B 的角速度B. 星球A 的质量一定小于B 的质量C. 双星的总质量一定,双星之间的距离越小,其转动周期越大D. 双星之间的距离一定,双星的总质量越大,其转动周期越大 【答案】B 【解析】【详解】A 、双星靠相互间的万有引力提供向心力，所以向心力相等；根据万有引力提供向心力公式得22A B 2A BA B Gm mm r m r Lωω==，因为r B ＜r A ，所以m B ＞m A ，即B 的质量一定大于A 的质量;故A 错误. B 、双星系统角速度相等，根据v =ωr ，且AO ＞OB ，可知，A 的线速度大于B 的线速度;故B 正确. C 、根据万有引力提供向心力公式得：22A B 222()()A B A B Gm m m r m r L T Tππ==，解得周期为32()A B L T G m m π=+，可知双星间距离一定，双星的总质量越大，其转动周期越小;故C 错误.D 、根据周期为32()A B L T G m m π=+，可知双星的总质量一定，双星之间的距离越大，转动周期越大;故D错误. 故选B.【点睛】解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度．以及会用万有引力提供向心力进行求解．8.如图所示，虚线a 、b 、c 为电场中的一簇等势线，相邻两等势面之间的电势差相等，等势线a 上一点A 处，分别射出甲、乙两个粒子，两粒子在电场中的轨道分别交等势线c 于B 、C 点，甲粒子从A 到B 的动能变化量的绝对值是E ，乙粒子从A 到C 动能变化量绝对值为12E ．不计粒子的重力，由此可以判断（ ）A. 甲粒子一定带正电，乙粒子一定带负电B. 甲的电量一定为乙电量的2倍C. 甲粒子从A 到B 电场力一定做正功，乙粒子从A 到C 电场力一定做负功D. 甲在B 点的电势能的绝对值一定是乙在C 点电势能绝对值的2倍【答案】BC【解析】由轨迹图可知，两粒子所受的电场力方向相反，则两粒子一定电性相反，但是不一定是甲粒子一定带正电，乙粒子一定带负电，选项A错误；从A点到c等势面的电势差相等，根据Uq=E k，因E k甲=2E k乙,可知q甲=2q 乙，选项B正确；两粒子的动能均增加，则甲粒子从A到B电场力一定做正功，乙粒子从A到C电场力一定也做正功，选项C错误；BC两点的电势相同，根据E P=φq可知，甲在B点的电势能的绝对值一定是乙在C点电势能绝对值的2倍，选项D正确；故选BD.点睛：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹的凹向判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、动能等物理量的变化．三、非选择题9.在“探究弹力和弹簧伸长量的关系，并测量弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图甲所示．所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右的恒定拉力．实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测量相应的弹簧的总长度，并在图乙坐标纸上描出了弹簧所受的拉力与弹簧长度所对应的五个点，连接这些点就得到一条图线．（1）由此图线可计算出该弹簧的劲度系数k＝______N/m；（2）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点在于：________________；缺点在于：_________________________.【答案】(1). 20(2). 避免弹簧自身所受重力对实验的影响(3). 弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差【解析】【详解】（1）描点作图，F－L图线如图所示，当弹力为零时，弹簧的形变量为零，此时弹簧的长度等于弹簧的原长，则弹簧的原长05cmL=根据胡克定律知，F k x=，可知图线的斜率表示劲度系数，则 1.6N /m 20N /m 0.08F k x ∆===∆； （2）优点是可以避免弹簧自身所受重力对实验的影响，从而减小实验误差； 缺点是弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差．10.某研究小组收集了两个电学元件：电阻R 0(约为2 k Ω)和手机中的锂电池(电动势E 标称值为3.7 V ，允许最大放电电流为100 mA)．实验室备有如下器材： A ．电压表V(量程3 V ，电阻R V 约为4.0 k Ω) B ．电流表A 1(量程100 mA ，电阻R A1约为5 Ω) C ．电流表A 2(量程2 mA ，电阻R A2约为50 Ω) D ．滑动变阻器R 1(0～40 Ω，额定电流1 A) E ．电阻箱R 2(0～999.9 Ω) F ．开关S 一只，导线若干(1)为了测定电阻R 0的阻值，小明设计了一电路，如图甲所示为其对应的实物图，图中的电流表A 应选______(选填“A 1”或“A 2”)，请将实物连线补充完整_______．(2)为测量锂电池的电动势E 和内阻r ，小红设计了如图乙所示的电路图．根据测量数据作出211U R -图象，如图丙所示．若该图线的斜率为k ，纵轴截距为b ，则该锂电池的电动势E ＝____，内阻r ＝_____(用k 、b 和R 2表示)．该实验的测量值偏小，造成此系统误差的主要原因是__________． 【答案】(1)A 2；见解析图；(2)；；电压表分流 【解析】试题分析：（1）电压表量程是3V ，通过待测电阻的最大电流，因此电流表应选电流表A2（量程2mA，电阻R A2约为50Ω）；待测电阻R0阻值约为2kΩ，滑动变阻器R1（0～40Ω，额定电流1A）与电阻箱R2（0～999.9Ω）最大阻值均小于待测电阻阻值，变阻器采用限流接法时待测电阻电压与电流变化范围较小，不能测多组实验数据，为测多组实验数据，减小实验误差，滑动变阻器应采用分压接法；，，，电流表应该采用内接法，实物电路图如图所示．（2）由图乙所示电路可知，，则，因此图象的纵轴截距，电动势，图象的斜率，则电源内阻．考点：测量电源的电动势及内阻【名师点睛】此题考查了测量电源的电动势及内阻的实验；根据待测电阻与滑动变阻器阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，根据待测电阻阻值与电表内阻间的关系确定电流表的接法是正确连接实物电路图的前提与关键．11.如图所示，竖直半圆形光滑轨道BC与水平面AB相切，AB间距离x＝1 m，质量m＝0.1 kg的小滑块1放在半圆形轨道底端的B点，另一质量也为m＝0.1 kg的小滑块2，从A点以210/v m s的初速度在水平面上滑行，两滑块相碰，碰撞时间极短，碰后两滑块粘在一起滑上半圆形轨道，恰好能通过半圆形轨道最高点C.已知滑块2与水平面之间的动摩擦因数μ＝0.2.取重力加速度g＝10 m/s2.两滑块均可视为质点．求：（1）碰后瞬间两滑块共同的速度大小v；（2）两滑块在碰撞过程中损失的机械能ΔE；（3）半圆形轨道的半径R.【答案】（1）3 m/s （2）0.9 J （3）0.18 m 【解析】【详解】（1）滑块2从A 运动到B ，设滑块2在B 点的速度为v 1，由动能定理可得：22101122mgx mv mv μ-=- 解得：16m/s v =在B 点，滑块2与滑块1发生完全非弹性碰撞，以1v 的方向为正方向，由动量守恒定律可得：12mv mv =，解得：3m/s v =；（2）滑块2与滑块1在B 点发生完全非弹性碰撞，由能量守恒可得机械能损失为：22111222E mv m v ∆⋅⋅=-解得：0.9E J ∆=；（3）碰后两滑块沿半圆形轨道上升到C 点的过程中机械能守恒，2211222222C mv mg R mv ⋅⋅⋅=+在C 点，两滑块所受重力提供其做圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律可得：222Cv mg m R=联立解得：0.18m R =．12.如图，第一象限内存在沿y 轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E ，第二、三、四象限存在方向垂直xOy 平面向外的匀强磁场，其中第二象限的磁感应强度大小为B ，第三、四象限磁感应强度大小相等，一带正电的粒子，从P （-d ，0）点沿与x 轴正方向成α=60°角平行xOy 平面入射，经第二象限后恰好由y 轴上的Q 点（图中未画出）垂直y 轴进入第一象限，之后经第四、三象限重新回到P 点，回到P 点时速度方向与入射方时相同，不计粒子重力，求：（1）粒子从P 点入射时的速度v 0； （2）第三、四象限磁感应强度的大小B /； 【答案】（1）3EB（2）2.4B 【解析】试题分析：（1）粒子从P 点射入磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹如图，设粒子在第二象限圆周运动的半径为r，由几何知识得：23603 d ddrsin sinα===︒根据2mvqv Br=得23qBdv=粒子在第一象限中做类平抛运动，则有21602qEr cos tm（）-︒=；00yv qEttanv mvα==联立解得03EvB=（2）设粒子在第一象限类平抛运动的水平位移和竖直位移分别为x和y，根据粒子在第三、四象限圆周运动的对称性可知粒子刚进入第四象限时速度与x轴正方向的夹角等于α．则有：x=v0t，2yvy t=得322yvy tanx vα===由几何知识可得y=r-rcosα=1323r d=则得23x d=所以粒子在第三、四象限圆周运动的半径为12()5323d dRsinα+==粒子进入第三、四象限运动速度0432v qBdv vcosα===根据2RvBqvm'=得：B′=2．4B考点：带电粒子在电场及磁场中的运动 13.下列说法正确的是（ ） A. 理想气体吸热后温度一定升高B. 可视为理想气体的相同质量和温度的氢气与氧气相比，平均动能一定相等，内能一定不相等C. 某理想气体的摩尔体积为0V ，阿伏加德罗常数为A N ，则该理想气体单个的分子体积为AV N D. 甲、乙两个分子仅在分子力的作用下由无穷远处逐渐靠近直到不能再靠近的过程中，分子引力与分子斥力都增大，分子势能先减小后增大E. 扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息地运动 【答案】BDE 【解析】【详解】A.理想气体的内能只与温度有关。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(五)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（五）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题:本体共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只有一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.关于原子物理，下列说法正确的是A. 太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变B. 若某光恰好能使锌发生光电效应，则改用波长更长的光照射锌也能发生光电效应C. γ射线是高速运动的电子流D. 21083i B的半衰期是5天，32克21083i B经过10天后还剩下8克【答案】AD【解析】【详解】太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变，故A正确；波长越长的光的频率越小、能量越小，所以改用波长更长的光照射，锌不会发生光电效应，故B错误；β射线是高速运动的电子流，故C错误；21083i B的半衰期是5天，32克21083i B经过10天后还剩下8克，故D正确；故选AD2.如图所示，一正方形线圈的匝数为n，边长为a，一半处在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B．开始时，磁场与线圈平面垂直，现使线圈以角速度ω绕OO′匀速转过90°，在此过程中，线圈中产生的平均感应电动势为（）A.2Ba ωπB.2nBa ωπC.22nBa ωπD. 22Ba ωπ【答案】B 【解析】【详解】线圈中产生的平均感应电动势E n t ∆Φ=∆，其中22Ba ∆Φ=、42T t πω∆==，解得2nBa E ωπ=，选项B 正确．3.2019年1月3日早上，“嫦娥四号”探测器从距离月面15公里处开始实施动力下降，不断接近月球．在距月面某高度处开始缓速下降，对障碍物和坡度进行识别，并自主避障，30s 后降落在月面．若“嫦娥四号”的质量为1.2×103kg ，月球表面的重力加速度大小为1.6m/s 2，悬停时，发动机向下喷出速度为3.6×103m/s 的高温高压气体，则探测器在缓速下降的30s 内消耗的燃料质量约为（认为探测器的质量不变）A. 4kgB. 16kgC. 80kgD. 160kg 【答案】B 【解析】【详解】“嫦娥四号”在月球表面受到的重力大小331.210 1.6 1.9210N F =⨯⨯=⨯ ，悬停时发动机产生的推力与“嫦娥四号”所受的重力大小相等，由反冲运动和动量定理可知缓慢下降过程中消耗的燃料质量16kg Ftm v==，故 B 正确，ACD 错误；故选B 4.C919大型客机是我国自主设计、研制的大型客机，最大航程为5555千米，最多载客190人，多项性能优于波音737和波音747．若C919的最小起飞（离地）速度为60m/s ，最大起飞质量为7.5×104kg ，起飞跑道长 2.5×103m ．C919起飞前的运动过裎可看成匀加速直线运动，起飞时空气及其他阻力恒为C919重力的10%，重力加速度g=10m/s 2，则下列判断正确的是（ ）A. C919的最小起飞加速度为1.44m/s 2B. C919起飞过程中在跑道上运动的最长时间为42sC. 最大起飞质量下，发动机产生的推力至少为l.29×105ND. C919起飞（离地）的瞬间所受的合力为零 【答案】C 【解析】【详解】由匀速变速直线运动规律2202v v ax -=可得，C919的最小起飞加速度a=22-2v v x=0.72m/s 2，选项A 错误；C919起飞时的平均速度为02v v +=30m/s ，起飞过程中在跑道上运动的最长时间为32.51030⨯s=83s ，选项B 错误；由牛顿第二定律F-F f =ma 可得F =F f +ma =1.29×105N ，选项C 正确；C919起飞时向上加速运动离开地面，合力不为零，选项D 错误．5.如图所示，两个相同的小球AB 用等长的绝缘细线悬挂在竖直绝缘的墙壁上的O 点，将两小球分别带上同种电荷，其中小球A 的电荷量为q 1，由于库仑力，细线OA 恰好水平．缓慢释放小球A 的电荷量，当细线OA 与竖直方向夹角为60°时，小球A 的电荷量为q 2．若小球B 的电荷量始终保持不变，则q 1：q 2的值为A. 3:2 B .2:1C. 3:1D. 22:1 【答案】D 【解析】【详解】受力分析如图所示，利用相似三角形可知2sin 2C F mg L L θ= ，由库仑定律可知22sin 2C kQqF L θ=（），可得q =238sin 2mgL kQ θ ，即331212:sin :sin 2222q q θθ==，故 D 正确；ABC 错误；故选D6.2019年3月10日0时28分，“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，成功将“中星6C”卫星送入太空．“中星6C ”是一颗用于广播和通信的地球静止轨道通信卫星，可提供高质量的话音、数据、广播电视传输业务，服务寿命15年．已知地球半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，地球自转周期为T ，关于该卫星的发射和运行，下列说法正确的是A. 该卫星发射升空过程中，可能处于超重状态B. 该卫星可能处于北京上空C. 该卫星绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度D. 该卫星运行轨道距离地面的高度为2232g 4R T R π- 【答案】AD 【解析】【详解】该卫星发射升空过程中，一定是先加速运动，处于超重状态，故 A 正确；该卫星是一颗地球静止轨道通信卫星，一定处于赤道上空，不可能处于北京上空，故 B 错误；环绕地球运动的卫星的线速度都小于第一宇宙速度，故 C 错误；由2Mm G mg R =、222()()Mm G m R h R h T π⎛⎫=+ ⎪+⎝⎭可得22324gR T h R π=-，故 D 正确．故选AD7.已知篮球在空气中运动时所受空气阻力与速度大小成正比．篮球与地面碰撞后以大小为v 0的速度竖直弹起后到再次与地面碰撞的过程中，以v 表示篮球的速度，t 表示篮球运动的时间，E k 表示篮球的动能，h 表示篮球的高度，则下列图像可能正确的是A. B.C. D.【答案】B 【解析】【详解】篮球在上升的过程中，速度越来越小，空气阻力越来越小，由1mg F ma += ，可知其加速度越来越小，速度变化越来越慢，速度图像的斜率越来越小，下降过程中，v 越大，阻力就越大，则1mg F ma -=，则加速度就越小，故 A 错误、B 正确；上升过程中，h 越大，v 越小，阻力就越小，合力就越来越小，动能变化就越慢，所以h 越大图线斜率越小，故 D 错误；下降过程中，h 越大，v 越小，阻力就越小，合力越大，动能变化越快，所以h 越大图线斜率越大，故C 错误．故选B8.如图所示，电阻不计的两光滑平行导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为1m ，导轨中部有一个直径也为1m 的圆形匀强磁场区域，与两导轨相切于M 、N 两点，磁感应强度大小为1T 、方向竖直向下，长度略大于1m 的金属棒垂直导轨水平放置在磁场区域中，并与区域圆直径MN 重合。
2020届河北衡水中学新高考冲刺押题模拟(三)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考冲刺押题模拟（三）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
）1.关于原子核的相关知识，下面说法正确的是（）A. 原子核内相邻质子之间存在相互排斥的核力B. 原子核的比结合能越小，说明原子核越不稳定C. 温度越高放射性元素的半衰期越小D. β射线是电子流，表明原子核内除质子中子之外还有电子【答案】B【解析】【详解】A．原子核内相邻质子之间存在强相互吸引的核力，A错误；B．原子核比结合能越小，拆开原子核越容易，说明原子核越不稳定，B正确；C．放射性元素半衰期是原核的衰变规律，由原子核内部因素决定，即与元素的种类有关，与温度无关，C错误；D． 射线是原子核内中子转变为质子时产生的，不能说明原子核内有电子，选项D错误。
故选B。
2.下列说法中正确的是A. 用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B. 在阳光照射下，可以观察到教室空气中飞舞的尘埃作无规则运动，属于布朗运动C. 一定质量的理想气体温度升高其压强一定增大D. 一定质量的理想气体温度升高其内能一定增大【答案】D【解析】【详解】A项：用打气筒打气时，里面的气体因体积变小，压强变大，所以再压缩时就费力，与分子之间的斥力无关，故A错误；B项：教室空气中飞舞的尘埃是由于空气的对流而形成的；不是布朗运动；故B错误；C项：由理想气体状态方程可知，当温度升高时如果体积同时膨胀，则压强有可能减小；故C错误；D项：理想气体不计分子势能，故温度升高时，分子平均动能增大，则内能一定增大；故D正确．3.图1所示为一列简谐横波在某时刻的波动图象，图2所示为该波中x=1.5m处质点P的振动图象，下列说法正确的是A. 该波的波速为2m/sB. 该波一定沿x轴负方向传播C. t= 1.0s时，质点P的加速度最小，速度最大D. 图1所对应的时刻可能是t=0.5s【答案】D【解析】【详解】由图1可知波长λ=4m，由图2知周期T=4s，可求该波的波速v=λ/T=1m/s，故A错误；由于不知是哪个时刻的波动图像，所以无法在图2中找到P点对应的时刻来判断P点的振动方向，故无法判断波的传播方向，B错误；由图2可知，t=1s时，质点P位于波峰位置，速度最小，加速度最大，所以C错误；因为不知道波的传播方向，所以由图1中P点的位置结合图2可知，若波向右传播，由平移法可知传播距离为x=0.5+nλ，对应的时刻为t=（0.5±4n）s，向左传播传播距离为x=1.5+nλ，对应的时刻为t=（1.5±4n）s，其中n=0、1、2、3……，所以当波向x轴正方向传播，n=0时，t=0.5s，故D正确．4.如图所示，在水平桌面上固定一个光滑长木板，质量为M 的木块通过轻绳与质量为m 的钩码相连，重力加速度为g ，则释放后钩码的加速度大小为（ ）A. 0B. gC.m g M m+ D. M g M m + 【答案】C【解析】【详解】以钩码为研究对象则有mg T ma -=以木块为研究对象，则有T Ma =联立解得m a g M m=+ 故选C 。
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(五)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（五）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题：1.如图所示，一小男孩通过一根弹簧想把地面上的木箱拖回房间，但试了两次均未拖动.分析图甲、图乙后，下列说法正确的是A. 弹簧的弹力等于木箱受到的摩擦力与人所受的摩擦力之和B. 图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力C. 图甲中木箱受到的合力小于图乙中木箱受到的合力D. 图甲中木箱受到的合力大于图乙中木箱受到的合力【答案】B【解析】【详解】对木箱受力分析，因处于平衡状态，合力为零，则弹力等于木箱受到的摩擦力，故A错误；根据弹簧的形变量大小可知，图乙的弹力较大，则图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力，故B正确；根据平衡条件可知，两图中木箱均处于平衡状态，则它们的合力为零，故CD 错误；故选B ． 2.汽车在平直公路上做刹车试验，若从t ＝0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系如图所示，下列说法正确的是A. t ＝0时汽车的速度为10 m/sB. 刹车过程持续的时间为5 sC. 刹车过程经过3 s 时汽车的位移为7.5 mD. 刹车过程汽车的加速度大小为10 m/s 2 【答案】AD 【解析】【详解】根据0-v 2=2ax 得，21 2xva -＝，可知1012111000a ＝＝，解得刹车过程中加速度大小a=5m/s 2，由图线可知，汽车的初速度为10m/s ，则刹车过程持续的时间01025v t s a =＝＝，故B 错误，AD 正确．刹车过程中3s 内的位移等于2s 内的位移，则2010010210v x m a =＝＝，故C 错误．故选AD ．【点睛】本题考查了运动学公式和图象的综合，关键理清图象斜率表示的物理意义，注意汽车速度减为零后不再运动．3.如图所示，物体受到沿斜面向下的拉力F 作用静止在粗糙斜面上，斜面静止在水平地面上，则下列说法正确的是( )A. 斜面对物体的作用力的方向竖直向上B. 斜面对物体可能没有摩擦力C. 撤去拉力F 后物体仍能静止D. 水平地面对斜面没有摩擦力【答案】C【解析】物体受拉力、重力、支持力和摩擦力，根据平衡条件，斜面对物体的作用力与重力和拉力的合力等大反向，故A错误；设斜面的倾角为α，物体的质量为m，撤去F前物体静止在斜面上，合力为零，则物体必定受到沿斜面向上的静摩擦力，大小为f=F+mgsinα，则最大静摩擦力至少为f m=F+mgsinα；撤去F后，因为重力的下滑分力mgsinα＜f m，所以物体仍静止，所受的静摩擦力为f′=mgsinα；故B错误，C正确；以物体和斜面为整体，可知地面对斜面有水平向左的静摩擦力，故D错误；故选C．4.如图所示，小球A、B穿在一根光滑固定的细杆上，一条跨过定滑轮的细绳两端连接两小球，杆与水平面成θ角，小球可看做质点且不计所有摩擦.当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，绳OB沿竖直方向，则下列说法正确的是A. 小球A受到2个力的作用B. 小球A受到3个力的作用C. 杆对B球的弹力方向垂直杆斜向上D. 绳子对A的拉力大于对B的拉【答案】B【解析】【详解】对A球受力分析可知，A受到重力，绳子的拉力以及杆对A球的弹力，三个力的合力为零，故A 错误，B正确；对B球受力分析可知，B受到重力，绳子的拉力，两个力合力为零，杆子对B球没有弹力，否则B不能平衡，故C错误；定滑轮不改变力的大小，则绳子对A的拉力等于对B的拉力，故D错误．故选B．【点睛】本题考查了隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等结合几何关系将两个小球的重力联系起来．5.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍.该质点的加速度为A.2s tB.265s tC.24s tD.28s t【答案】A 【解析】【详解】设初速度为v 0，末速度为v t ，加速度为a ，则位移为：()012t s v v t =+，初动能为2012mv ，末动能为212t mv ，因为动能变为原来的9倍，所以有22012912tmv mv = 联立解得：02s v t =；32t sv t=．由加速度定义可得：02t v v sa t t-==，故A 正确，BCD 错误． 【点睛】由题意知，动能变为原来的9倍，可解得末速度和初速度的倍数关系，结合位移公式，可分别求出初速度和末速度，再由加速度的定义求得质点的加速度．6.甲、乙两车在同一条直道上行驶，它们运动的位移x 随时间t 变化的关系如图所示，已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t 轴相切于10 s 处，则下列说法正确的是A. 甲车的初速度为零B. 乙车的初位置在x 0＝60 m 处C. 乙车的加速度大小为1.6 m/s 2D. 5 s 时两车相遇，此时甲车速度较大 【答案】C 【解析】【详解】位移时间图象的斜率等于速度，则知甲车的速度不变，做匀速直线运动，初速度不为零．故A 错误．甲的速度为 v 甲=205xt==4m/s ，乙车做匀变速直线运动，其图线与t 轴相切于10s 处，则在t=10s 时，乙的速度为零，反过来看成乙车做初速度为0的匀加速直线运动，则x=12at 2，根据图象可知，s 0=12a•102，20=12a•52，解得：乙车的加速度大小 a=1.6m/s 2，s 0=80m ，故B 错误、C 正确；5s 时两车相遇，此时乙的速度为 v 乙=at=1.6×5=8m/s ，乙车的速度较大，故D 错误．故选C ．【点睛】对于位移时间图象，关键要抓住图象的斜率等于速度，位移为△x=x2-x1，来分析图象的物理意义；另外末速度为零的匀减速运动可以研究它的逆过程比较方便．7. 甲、乙两车从同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化图象如图所示．关于两车的运动情况，下列说法正确的是（）A. 在0～4s内甲车做匀加速直线运动，乙车做匀减速直线运动B. 在0﹣2s内两车间距逐渐增大，2s～4s内两车间距逐渐减小C. 在t=2s时甲车速度为3m/s，乙车速度为4.5m/sD. 在t=4s时甲车恰好追上乙车【答案】C【解析】【详解】根据图象可知，在0～4 s内，甲的加速度不变，甲做匀加速直线运动，乙的加速度逐渐减小，乙做加速度减小的加速直线运动，故A正确；据加速度时间图象知道图象与时间轴所围的面积表示速度．据图象可知，当t=4s时，两图象与t轴所围的面积相等，即该时刻两辆车的速度相等；在4秒前乙车的速度大于甲车的速度，所以乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离，当t=4s时，两车速度相等即相距最远，故BD错误；在t=2s时乙车速度为v乙＝12×(1.5+3)×2＝4.5m/s，甲车速度为v甲=1.5×2=3m/s，故C正确．【点睛】本题考查了图象与追及问题的综合，解决本题的关键知道加速度时间图线围成的面积表示速度的变化量；知道两车共速时相距最远．8.如图所示，倾角为30°的斜面体C质量为4m，放置在粗糙的水平地面上，质量为4m的物块B放置在斜面上，轻绳1一端系在B上，另一端绕过光滑定滑轮与另外两轻绳2、3系于O点，其中轻绳3下端悬挂质量为m的物体A，轻绳2与水平方向的夹角为30°.轻绳1在定滑轮左侧的部分与斜面平行，右侧的部分水平，整个系统处于静止状态，重力加速度为g，下列说法中正确的是A. B 受到的摩擦力沿斜面向下B. 地面对C 的支持力大小为8mgC. 地面对C 的摩擦力大小为3mgD. 若不断增大A 的质量，整个系统仍静止，则B 受到的摩擦力将逐渐增大 【答案】BC 【解析】【详解】先对O 点分析，受力如图：根据平衡条件，有：T 13；再对BC 整体分析，受重力、支持力、水平拉力T 1和静摩擦力，根据平衡条件，静摩擦力向左，大小为：f 静=T 13，地面对C 的支持力大小为(m B +m C )g=8mg ，故BC 正确；再隔离物体B 分析，受重力、拉力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有：f=|T 1-4mg•sin30°|=（3mg ，由于T 13mg ＜4mg•sin30°，故静摩擦力方向是平行斜面向上；故A 错误；不断增大A 的质量，整个系统仍静止，则拉力T 1不断增加，静摩擦力不断减小，此后会反向增加，故D 错误；故选BC ．【点睛】本题是力平衡问题，关键是灵活选择研究对象进行受力分析，然后再根据平衡条件列式分析．通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法．有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用．三、非选择题：9.某物理实验小组在探究弹簧的劲度系数k 与其原长l 0的关系实验中，按图所示安装好实验装置，让刻度尺零刻度与轻质弹簧上端平齐，在弹簧上安装可移动的轻质指针P，实验时的主要步骤是：①将指针P移到刻度尺上l01＝5 cm处，在弹簧挂钩上挂上200 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；②取下钩码，将指针P移到刻度尺上l02＝10 cm处，在弹簧挂钩上挂上250 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；③取下钩码，将指针P移到刻度尺上l03＝15 cm处，在弹簧挂钩上挂上50 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；④重复③步骤，在每次重复③时，都将指针P下移5 cm，同时保持挂钩上挂的钩码质量不变．将实验所得数据记录、列表如下：次数弹簧原长l0/cm 弹簧长度l/cm 钩码质量m/g1 5.00 7.23 2002 10.00 15.56 2503 15.00 16.67 504 20.00 22.23 505 25.00 30.56 50根据实验步骤和列表数据(弹簧处在弹性限度内)，回答下列问题：(1)重力加速度g取10 m/s2.在实验步骤③中，弹簧的原长为15 cm时，其劲度系数k＝_____N/m.(2)同一根弹簧的原长越长，弹簧的劲度系数________(填选项前的字母)．A．不变B．越大C．越小【答案】(1). （1）30；(2). （2）C【解析】【详解】（1）挂50g 钩码时，弹簧的弹力为0.5N ，根据胡克定律得：20.5/30/(16.6715.00)10F k N m N m x -=-⨯V ＝＝． （2）对第3、4、5次数据分析，弹簧弹力相等，同一根弹簧，原长越长，形变量越大，根据胡克定律F=kx 知，弹簧的劲度系数越小，故选C ．10.如图所示，某实验小组的同学利用DIS 实验装置研究支架上力的分解．A 、B 为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负．A 连接质量不计的细绳，可沿固定的板做圆弧形移动．B 固定不动，通过光滑铰链连接长0.3 m 的杆．将细绳连接在杆右端O 点构成支架．保持杆在水平方向，按如下步骤操作：①测量绳子与水平杆的夹角∠AOB ＝θ ②对两个传感器进行调零③用另一根绳在O 点悬挂一个钩码，记录两传感器的读数 ④取下钩码，移动传感器A 改变θ角 重复上述实验步骤，得到表格.F 1/N 1.001 0.580 … 1.002 … F 2/N －0.868 －0.291 … 0.865 … θ 30°60°…150°…(1)根据表格数据，A 传感器对应的是力________(选填“F 1”或“F 2”)，钩码质量为_______kg(保留一位有效数字)．(2)当θ=90°时，两个压力传感器的读数分别为F 1=________，F 2=__________ (3)本实验中多次对传感器进行调零，对此操作说明正确的是（ ）A ．因为事先忘记调零B ．何时调零对实验结果没有影响C ．为了消除横杆自身重力对结果的影响D ．可以完全消除实验的误差 【答案】 (1). 1F (2). 0.05; (3). 0.5N (4). 0 (5). C 【解析】 【分析】（1）绳子只能提供拉力，即可知道A 传感器对应的是表中力1F ．可以对结点O 进行受力分析，由竖直方向平衡条件解出m ；（2）本实验中多次对传感器进行调零，是为了消除横杆自身重力对结果的影响． 【详解】（1）由表格数据可知，F 1都是正值，传感器受到的都是拉力，因绳子只能提供拉力，故A 传感器对应的是表中力F 1．对结点O 受力分析有：130F sin mg ︒=，解得：m=0.05kg ； （2）当θ=90°时，A 处于竖直状态，A 的拉力等于物体的重力即为：F 1=0.5N ，F 2=0N ； （3）本实验中多次对传感器进行调零，为了消除横杆自身重力对结果的影响，故选C ．【点睛】解题的关键是首先根据题意灵活选取研究对象，然后再进行受力分析，列出方程求解即可． 11.研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t 0=0.4s ，但饮酒会导致反应时间延长．在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v 0=72km/h 的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L =39m ．减速过程中汽车位移s 与速度v 的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g =10m/s 2．求：（1）减速过程汽车加速度的大小；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少. 【答案】（1）28m/s a =；（2）0.3s 【解析】【详解】（1）设刹车加速度为a ，由题可知刹车初速度072km/h=20m/s v =末速度0v =，位移25m x = 根据202v ax =代入数据可得：28m/s a =（2）反应时间内的位移为14m x L x '=-=则反应时间为0140.720x t s s v '===' 则反应的增加量为0'0.7s 0.4s 0.3s t t t ∆=-=-=12.据英国《每日邮报》9月16日报道，英式触式橄榄球球员赫普顿斯托尔在伦敦成功挑战地铁速度．他从“市长官邸站”下车，在下一地铁站“景隆街站”顺利登上刚下来的同一节车厢．已知地铁列车每次停站时间（从车门打开到关闭的时间）为t a ＝20s ，列车加速和减速阶段的加速度均为a ＝1m/s 2，运行过程的最大速度为v m ＝72 km/h ．假设列车运行过程中只做匀变速和匀速运动，两站之问的地铁轨道和地面道路都是平直的且长度相同，两站间的距离约为x ＝400 m ，赫普顿斯托尔出站和进站共用时t b ＝30 s ．问： （1）他在地面道路上奔跑的平均速度至少多大?（2）郑州地铁一号线最小站间距离约为x '＝1000 m ，地铁列车每次停站时间为t a '＝45 s ，按赫普顿斯托尔的奔跑速度，在郑州出站和进站最短共需用时t b '＝60 s ，列车参数和其它条件相同．试通过计算判断，若赫普顿斯托尔同样以上述平均速度在地面道路上奔跑，能否在这两个车站间挑战成功? 【答案】（1）8m/s ，（2）不能挑战成功． 【解析】【详解】（1）列车从静止加速至最大速度过程，所用时间为：120201m v t s a === 运动位移为：22120200221m v x m a ===⨯故列车加速至最大速度后立即做减速运动，列车在两站间运动总时间为：t车=2t1=2×20=40 s运动员在地面道路奔跑的最长时间为：t=2t a+2t1-t b=2×20+2×20-30=50 s最小平均速度为：4008/ 50xv m st===（2）列车在郑州地铁这两站间运动总时间为：1100040022207020mx xt t sv'--'=+=⨯+=车运动员在地面道路奔跑的时间为：t′=2t a′+t车′-t b′=2×45+70-60=100 s能赶上列车的平均速度为：100010/100xv m st''==='因v′＞v，故不能挑战成功.13.下列四幅图的有关说法中不正确的是（）A. 分子间距离为r0时，分子间不存在引力和斥力B. 分子间距小于r0范围内分子间距离减小时，斥力增大引力减小，分子力表现为斥力C. 水面上的单分子油膜，在测量分子直径d大小时可把分子当作球形处理D. 食盐晶体中的钠、氯离子按一定规律分布，具有空间上的周期性E. 猛推木质推杆，密闭的气体温度升高，压强变大，分子间表现为斥力，可看作是绝热变化【答案】ABE【解析】【详解】A.当分子间距离为0r时，分子间存在的引力和斥力大小相等，所以分子力整体的效果为0，选项A 错误；B.分子间距小于0r范围内分子间距离减小时，斥力和引力都增大，但引力增大的慢，所以分子力表现为斥力，选项B错误；C.水面上的单分子油膜，在测量油膜分子直径d大小时可以把它们当做球形处理，选项C正确；D.晶体具有点阵结构，食盐属于晶体，食盐中的钠、氯离子按一定规律分布，具有空间上的周期性，选项D正确；E.猛推木质推杆，外界对气体做正功，密闭的气体温度升高，压强变大。
2020届河北衡水中学新高考冲刺押题模拟(十三)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考冲刺押题模拟（十三）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
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4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
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5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
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二、选择题1.如图所示，以下图形来源于教材与它们相关的说法中正确的是()A. 是英国物理学家牛顿利用扭秤实验测量万有引力常量G的装置示意图B. 是发射出去的火箭，它利用了牛顿第三定律的作用力与反作用力C. 是利用“光的折射”来显示物体微小形变的装置示意图D. 是伽利略第一次用科学的实验方法改变了人类对物体运动的认识，总结出了行星运动定律，为人类做出了卓越贡献【答案】B【解析】【详解】A．该图是物理学家卡文迪许利用扭秤实验测量万有引力常量G的装置示意图，故A错误；B．该图是发射出去的火箭，利用了牛顿第三定律的作用力与反作用力，故B正确；C．丙图是利用“光的反射”显示物体微小形变的装置示意图，故C错误；D．行星运动定律是开普勒总结出了，故D错误；故选B。
2.如图所示，为一种简易的重物提升装置，通过卷扬机牵引利用定滑轮将重物提升至某高处，然后，由工人将重物水平缓慢拉至平台上，在工人拉动重物靠近平台的过程中，下列说法正确的是()A. 地面对人的摩擦力变小B. OA绳的拉力大小不变C. OC、OB两绳拉力的合力变大D. OC绳的拉力变小【答案】C【解析】【详解】将OB的拉力进行分解，如图所示：O点向右移动的过程中OA逆时针转动，由图可以看出OA绳子拉力与OC绳子的拉力都一直变大。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(三十)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（三十）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
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4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题（共10小题，每小题4分，满分44分）1.关于以下各物理量的理解正确的是（）A. 重力势能是标量，-3 J 比-5 J 大B. 位移是矢量，-3 m 比-5 m 大C. 速度是矢量，-3 m/s 比-5 m/s 大D. 功是标量，做功-3 J 比-5 J 多【答案】A【解析】【详解】A．重力势能是标量，符号表示大小，则-3J比-5J大，选项A正确；B．位移是矢量，符号表示方向，则-3m比-5m小，选项B错误；C．速度是矢量，符号表示方向，则-3m/s比-5m/s小，选项C错误；D．功是标量，没有方向，则做功-3J比-5J少，选项D错误；2.如图所示，质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面．质量为1kg的物体B用细线悬挂起来，A、B 紧挨在一起但A、B之间无压力．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，B对A的压力大小为（g取l0m/s2）的（ ）A. 0B. 50NC. 10ND. 8N【答案】D 【解析】【详解】剪断细线前，A 、B 间无压力，则弹簧的弹力F=m A g=40N ，剪断细线的瞬间，对整体分析，整体加速度：()()24110402/41A B A Bm m g F a m s m m +-+⨯-==++＝，隔离对B 分析，m B g-N=m B a ，解得：N=m B g-m B a=10-1×2N=8N ．故D 正确，ABC 错误．故选D ．3.如图所示，真空中ab 、cd 四点共线且ab=b=cd 在a 点和d 点分别固定有等量的异种点电荷，则下列说法正确的是A. b 、c 两点的电场强度大小相等，方向相反B. b 、c 两点的电场强度大小不相等，但方向相同C. 同一负点电荷在b 点的电势能比在c 点的小D. 把正点电荷从b 点沿直线移到c 点，电场力对其先做正功后做负功 【答案】C 【解析】【详解】A 、B 项：由等量异种电荷的电场线分布可知，b 、c 两点的场强大小相等，方向相同，故A 、B 错误；C 项：由电场线从正电荷指向负电荷即电场线由b 指向c ，所以b 点的电势高于c 点电势，根据负电荷在电势低处电势能大，即负电荷在b 点的电势更小，故C 正确；D 项：由C 分析可知，电场线从b 指向c ，正电荷从b 沿直线运动到c ，电场力一直做正功，故D 错误．故应选：C ．4.关于原子或原子核的相关知识，下列说法中正确的是 A. α粒子散射现象说明原子核具有一定的结构 B. 原子序数较小的元素都不能自发放出射线 C. 原子发光现象没有涉及到原子核内部的变化D. 光电效应现象中逸出的电子是原子核内中子转变成质子时产生的 【答案】C 【解析】【详解】A. α粒子散射现象说明原子的核式结构模型，不能得出原子核内部具有复杂结构，故A 错误； B. 原子序数大于或等于83的元素，都能自发地发出射线，原子序数小于83的元素，有的也能自发地放出射线，故B 错误；C. 原子发光现象是原子从高能级向低能级跃迁时辐射出光子，没有涉及到原子核内部的变化，故C 正确； D. 光电效应现象中逸出的电子是核外电子吸收光子能量后获得足够的能量摆脱原子核的束缚而溢出，故D 错误． 故选C.5.如图所示为研究平行通电直导线之间相互作用的实验装置．接通电路后发现两根导线均发生形变，此时通过导线M 和N 的电流大小分别为I 1和I 2，已知I 1> I 2，方向均向上．若用F 1和F 2分别表示导线M 与N 受到的磁场力，则下列说法正确的是A. 两根导线相互排斥B. 为判断F 1的方向，需要知道I l 和I 2的合磁场方向C. 两个力的大小关系为F 1> F 2D. 仅增大电流I2，F1、F2会同时都增大【答案】D【解析】【详解】A、同向电流相互吸引，故A错误；B、判断F1的方向，需要知道I2在I l处产生的磁场方向即可，故B错误；C、F1和F2是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故C错误；D、增大电流I2，F1、F2同时增大，故D正确．6.几个水球可以挡住子弹？《国家地理频道》实验证实：四个水球就足够！四个完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动．恰好能穿出第四个水球，则可以判定（）A. 由题干信息可以确定子弹在每个水球中运动的时间相同B. 子弹穿出第三个水球时的瞬时速度与全程的平均速度相等C. 子弹穿过每个水球时速度变化量相同D. 子弹穿过每个水球时动量的变化量相同【答案】B【解析】【详解】A.子弹做匀减速直线运动，通过相同的水球，即通过相同的位移，运动的时间不等，故A错误．B.逆向思考，把子弹的运动看作反向的初速度为零的匀加速直线运动，通过相同的位移所用时间之比为：2323)，则通过第三个水球的时间与通过第四个水球的时间相等，即此时为中间时刻，根据匀变速直线运动的规律可知，中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度，故B正确．CD.子弹闯过每个水球的时间不同，速度变化量不等，动量变化量不等，故CD错误．7.如图，C为中间插有电介质的电容器，b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地．开始时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了一定角度．以下操作能使静电计指针张角变大的是（）A. 将b 板也接地B. b 板不动、将a 板向右平移C. 将a 板向上移动一小段距离D. 取出a 、b 两极板间的电介质 【答案】CD 【解析】 【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由4SC kdεπ=，分析电容的变化，根据C=Q/U 分析电压U 的变化．【详解】将b 板也接地，电容器带电量不变，两板间的电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A 错误；b 板不动、将a 板向右平移，根据4SC kdεπ=可知d 变小时，C 变大，Q 不变时，根据C=Q/U ，可知U 减小，即静电计指针张角变小，选项B 错误；将a 板向上移动一小段距离，根据4SC kdεπ=可知S 变小时，C 变小，Q 不变时，根据C=Q/U ，可知U 变大，即静电计指针张角变大，选项C 正确；取出a 、b 两极板间的电介质，根据4SC kdεπ=可知C 变小，Q 不变时，根据C=Q/U ，可知U 变大，即静电计指针张角变大，选项D 正确；故选CD.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式4SC kdεπ=和C=Q/U ． 8.如图所示，10匝矩形线框处在磁感应强度B= 2T 的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以恒定角速度ω=l0rad/s 在匀强磁场中转动，线框电阻不计，面积为0.4m 2，线框通过滑环与一理想自耦变压器的原线圈相连，副线圈接有一只灯泡L （规格为“4W ，l00Ω”）和滑动变阻器，电流表视为理想电表，则下列说法正确的是A. 若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为2)VtB. 当灯泡正常发光时，原、副线圈的匝数比为1:2C. 若将滑动变阻器滑片向上移动，则电流表示数增大D. 若将自耦变压器触头向下滑动，灯泡会变暗【答案】AD【解析】【详解】A. 输入电压的最大值为：U m22V，图示时刻感应电动势最大，从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为()402cos10t V，故A正确；B. 变压器输入电压的有效值为：U1=U m222V=40V．开关闭合时灯泡正常发光，所以U2PR4100⨯，此时原副线圈的匝数比为：n1:n2=U1:U2=40:20=2:1，故B错误；C. 线圈匝数不变，根据U1：U2=n1：n2可知输出电压不变，若将滑动变阻器触头向上滑动，连入电路电阻变大，负载等效电阻变大，P1=P2═22UR变小，又P1=U1I1可知电流表示数变小，故C错误；D. 若将自耦变压器触头向下滑动，副线圈匝数变小，根据U1：U2=n1：n2可知输出电压减小，所以灯泡变暗，故D正确；故选AD.9. 如图，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0＜θ＜90°)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中( )A. 运动的平均速度大小为12v B. 下滑的位移大小为qR BLC. 产生的焦耳热为qBLvD. 受到的最大安培力大小为22sin B L vRθ【答案】B 【解析】金属棒ab 开始做加速度逐渐减小的变加速运动，不是匀变速直线运动，平均速度大于12v ，故A 错误．由R BLxRq ∆Φ== 可知：下滑的位移qRx BL= ；故B 正确；产生的焦耳热Q=I 2Rt=qIR ，而这里的电流I 比棒的速度大小为v 时的电流vI RBL '=小，故这一过程产生的焦耳热小于qBLv ．故C 错误；金属棒受到的安培力22BLv B L vF BIL BL B E L R R R⋅⋅====安，故D 错误；故选B ． 点睛：本题考查了电磁感应与力学的综合，关键理清金属棒的运动规律，能知道求电量时要用法拉第电磁感应定律求平均电动势. 【此处有视频，请去附件查看】10.如图，固定于小车上的支架上用细线悬挂一小球．线长为L ．小车以速度V 0做匀速直线运动，当小车突然碰到障碍物而停止运动时．小球上升的高度的可能值是（ ）A. 等于22v gB. 小于202v gC. 大于202v gD. 等于2L【答案】ABD 【解析】试题分析：当小车突然碰到障碍物而停止运动时，由于惯性小球的速度仍为0v ，若0v 可以满足小球做圆周运动，则小球可以上升的最高点正好为圆的直径，即为2L ，若小球不能做圆周运动，则根据机械能守恒可得2012mv mgh =，解得202v h g =，若空气阻力不能忽略，则小球的机械能不守恒，上升高度小于202v g ，故ABD 正确考点：考查了圆周运动，机械能守恒【名师点睛】小球在运动的过程中机械能守恒，由机械能守恒可以求得小球能到达的最大高度；如果小球可以达到最高点做圆周运动的话，那么最大的高度就是圆周运动的直径，本题由多种可能性，在分析问题的时候一定要考虑全面，本题考查的就是学生能不能全面的考虑问题，难度不大二、解答题（共4小题，满分44分）11.某同学在验证合外力一定，物体的质量与加速度的关系时，采用图甲所示的装置及数字化信息系统获得了小车的加速度a 与小车质量M(包括所放砝码及传感器的质量)的对应关系图象，如图乙所示．实验中所挂钩码的质量20g ，实验中选用的是不可伸长的轻绳和光滑的轻质定滑轮．(1)实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行．他这样做的目的是下列哪一个_____________；(填字母代号)A ．可使位移传感器测出的小车的加速度更准确B ．可以保证小车最终能够做直线运动C ．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力 (2)由图乙可知，1a M-图线不过原点O ，原因是_____________________________； (3)该图线的初始段为直线，该段直线的斜率最接近的数值是_____________．A ．30B ．0.3C ．20D ．0.2【答案】 (1). （1）C (2). （2）平衡摩擦力使长木板的倾角过大； (3). （3）D 【解析】【详解】（1）实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行．他这样做的目的是可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力，故选C. （2）由F +F 1=Ma 解得11F a F M M =⋅+ 由图乙可知，1a M-图线不过原点O ，在a 轴上有正截距，可知存在与F 相同方向的力，可知原因是平衡摩擦力使长木板的倾角过大； （3）根据1a F M =⋅可知1a M-图线斜率等于F ，则最接近的数值是F =mg =0.02×10N=0.2N.故选D. 12.在“测定蓄电池的电动势和内电阻”的实验中，备有如下器材 A ．蓄电池B ．电流表（0～0．6A ，内阻约为0．1Ω）C ．灵敏电流计G （满偏电流g 200μA I =，内阻1500g r =Ω）D ．滑动变阻器R 1（0～20Ω，2.0A ）E ．电阻箱R 2F ．定值定阻R 0＝2Ω C ．开关、导线若干（1）由于没有电压表，可把灵敏电流计G 与电阻箱R 2串联改装成量程为6V 的电压表，如图甲中电阻箱R 2的阻值应为_____Ω．（2）按图甲所示电路图，请在乙图上补充完成实物连线．________（3）在闭合开关S 前，将滑动变阻器的滑片移动至图甲中的______端（填“a ”、“中央”或“b ”）．（4）丙图为该实验绘出的I 1－I 2图线（I 1为灵敏电流计G 的示数，I 2为电流表A 的示数由丙图可求得被测蓄电池的电动势E ＝____V ，内电阻r ＝___Ω．（结果保留三位有效数字）【答案】 (1). 28500 (2). (3). a (4). 5.25 (5). 2.5【解析】 【分析】根据串联电路特点及欧姆定律求出串联电阻阻值；闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，根据电路图确定滑片的位置；由图象求出与纵轴的交点，然后由欧姆定律求出该电流所对应的电压，该电压是电源的电动势；图象斜率的绝对值等于电源的内阻； 【详解】(1)[1]串联电阻阻值6266200101500Ω28500Ω20010g ggU I r R I ----⨯⨯===⨯ (2)[2]按图甲所示电路图，在乙图上补充完成实物连线如图(3)[3]在闭合开关S 前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，将滑动变阻器的滑片移动至a 端；(4)[4][5]由电路图和闭合电路欧姆定律可得，12120()()()g I R R E I I r R +=-++化简可得：0122020()(+)(+)g g r R EI I R R r R R R r R +=-⋅++++所示图丙可知，图象斜率等于为-6-620()17510A10010A=(+)0.5Agr RR R r R+⨯-⨯++代入数据可得蓄电池内阻： 2.5r≈Ω纵轴截距是1175μAI=，蓄电池电动势：()6120()17510A1500285002 5.25VgE I r R R r r-=+++=⨯⨯Ω+Ω+Ω+≈13.在中美贸易战中，中兴的遭遇告诉我们，要重视芯片的自主研发工作，而芯片的基础工作在于半导体的工艺．如图所示，在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P+和P3+，经电压为U的电场加速后，垂直进入方向垂直纸面向里、宽度为D的匀强磁场区域，其中离子P+在磁场中转过θ＝30°后从磁场右边界射出．已知P+和P3+的质量均为m，而电量分别为e和3e（e表示元电荷）．（1）求匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）求P3+在磁场中转过的角度φ．【答案】（12meU2）60°【解析】【详解】（1）对离子P+在电场中的加速运动，由动能定理：2112eU mv=，在磁场中由洛伦兹力提供向心力：2111vev B mr=，由几何关系可得：r1sinθ＝D联立各式解得：匀强磁场的磁感应强度B的大小为：22meUBeD=；（2）对离子P3+在电场中的加速运动，由动能定理：22132eU mv=，在磁场中，洛伦兹力提供向心力：2222 3v ev B mr=由几何关系可得：r2sinφ＝D，联立以上各式解得：P3+在磁场中转过的角度φ＝60°；14.如图a所示，轨道OA可绕轴O在竖直平面内转动，轨道长L＝2m，摩擦很小可忽略不计．利用此装置实验探究物块在力F作用下加速度与轨道倾角的关系．某次实验，测得力F的大小为0.6N，方向始终平行于轨道向上，已知物块的质量m＝0.1kg．实验得到如图b所示物块加速度与轨道倾角的关系图线，图中a0为图线与纵轴交点，θ1为图线与横轴交点．（重力加速度g取10m/s2）问：（1）a0多大？（2）倾角θ1为多大？此时物块处于怎样的运动状态？（3）当倾角θ为30︒，若物块在F作用下由O点从静止开始运动1.6s，则物块具有的最大重力势能为多少？（设O所在水平面的重力势能为零）【答案】(1)6m/s2；(2) 370；物块可能沿斜面向上匀速运动；可能沿斜面向下匀速运动；静止；(3)0.768J 【解析】【详解】（1）θ=00，木板水平放置，此时物块的加速度为a0由牛顿第二定律，得：F合＝F＝ma0解得a0＝F/m=0.6/0.1m/s2=6m/s2（2）当木板倾角为θ1时，a=0，则F=mgsinθ1，解得θ1=370；物块可能沿斜面向上匀速运动；可能沿斜面向下匀速运动；静止；（3）当木板倾角为θ=300时，对物块由牛顿定律得：F-mgsin θ＝ma 10.6-0.1×10×0.5＝0.1a 1解得 a 1＝1m/s 2v 1＝a 1t=1×1.6m/s =1.6m/ss 1＝12a 1t 2= 12×1×1.62 m =1.28 m 撤去F 后，物块沿斜面向上做匀减速运动．对物块由牛顿定律得：mgsin θ＝ma 2a 2＝gsin300＝10×0.5 m/s 2=5m/s 222122 1.60.256225v s m m a ===⨯ 因为s 1+s 2<L=2m 所以物块上滑不会脱离轨道，滑到速度为零时，势能最大以O 处为零势能面，物块具有的最大重力势能为：Ep ＝mg （s 1+s 2）sin300=0.1×10×（1.28+0.256）×0.5J=0.768J15.下列说法正确的是_____A. 悬浮在液体中的微粒越大，某一瞬间撞击它的液体分子数越多，布朗运动越明显B. 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力C. 分子平均速率大的物体的温度一定比分子平均速率小的物体的温度高D. 自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性E. 外界对气体做功，气体的内能可能减小【答案】BDE【解析】【详解】A ．悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间撞击它的液体分子数越少，布朗运动越明显，故A 错误； B ．由于表面分子较为稀疏，故液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，故B 正确；C ．分子的平均动能相等时，物体的温度相等；考虑到分子的质量可能不同，分子平均速率大有可能分子的平均动能小；分子平均速率小有可能分子的平均动能大．故C 错误；D ．由热力学第二定律可知，自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故D 正确；E ．当外界对气体做功，根据热力学第一定律△U=W+Q 分析可知，内能可能增大也可能减小，故E 正确．16.如图，导热性能良好的水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的U形管相连，U形管左侧上端封闭一段长度为15cm的空气柱，U形管右侧用活塞封闭一定质量的理想气体．开始时U形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止状态，此时U形管右侧用活塞封闭的气体体积为490mL，若用力F缓慢向左推动活塞，使活塞从A位置移动到B位置，此时U形管两臂中的液面高度差为10cm，已知外界大气压强为75cmHg，不计活塞与气缸内壁间的摩擦，求活塞移动到B位置时U形管右侧用活塞封闭的气体体积．【答案】300mL【解析】【详解】对左侧密闭气体，设管横截面积为S，初态：P1=P0=75cmHg，由等温变化可得：P1V1= P′1V′1对右侧气体，末态：P′2= P′1+10由等温变化可得：P2V2= P′2V′2解得：V′2=300mL17.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象.从该时刻起，下列说法正确的是_________.A. 经过0.1s，质点Q回到原位置B. 经过0.1s时，质点Q的运动方向沿y轴负方向C. 经过0.15s，这列波沿x轴的正方向传播了3mD. 经过0.25s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度E. 经过0.35s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离【答案】BCE【解析】【详解】根据甲乙两图可知，该波的波长和周期分别为λ=4m ，T=0.2s ，所以波速20/v m s T λ==；乙图中t=0时刻P 正向下振动，在甲图中，根据波形平移法可知波向右传播；甲图中，此时P 正向下运动，周期T=0.2s ，t=0.1s=0.5T ，质点Q 的运动方向沿y 轴负向，回到原位置，选项A 错误，B 正确；则经过0.1s ，波传播的距离：x=vt=20×0.15m=3m ，选项C 正确；经t=0.25s=114T 时，P 点到达波谷，加速度达到最大值，Q 点到达平衡位置上方，但是未到波峰，所以质点Q 的加速度小于质点P 的加速度，选项D 错误；经过t=0.35s=134T 时，P 到达波峰，Q 到达平衡位置下方，但是未到达波谷，则质点Q 距平衡位置的距离小于质点P 距离平衡位置的距离，选项E 正确；故选BCE.18.如图所示，空气中有一半径为R 的实心玻璃球，O 为球心，AB 为直径，一条平行于AB 的光线从球体上M 点射入折射光线恰好过B 点，已知30ABM o ∠=，光在真空中传播的速度为c ．求：()1该玻璃的折射率；()2光从M 点传播到B 点的时间．【答案】（1）3n =（2）3t R c =【解析】【分析】（1）根据几何知识求出入射角和折射角，由折射定律求折射率．（2）由几何关系求出MB 长度，由v c n =求出光在玻璃球内传播的速度v ，再由t s v=求出时间． 【详解】（1）如图，由几何知识可得折射角 r ＝∠AMB ＝30°，折射角i ＝2∠ABD ＝60°则此玻璃的折射率为 n 60330sinr sin sini sin ︒===︒（2）由几何知识可得，MB的长度S＝2Rcos30°光在玻璃球内传播的速度vc n =故光线从M传到B的时间为t333 S nS R R v c c⨯====【点睛】本题是折射定律和全反射知识的应用，关键是画出光路图，运用几何知识求解入射角与折射角，即可求解．。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(二十二)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（二十二）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题：1.中子10n轰击氮核147N，轰击后生成碳核126C和另一原子核X，则原子核X的中子数为（）A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】B【解析】【详解】根据质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为3，电荷数为1，则中子数为2，故选B.2.变压器线圈中的电流越大，所用的导线应当越粗．街头见到的变压器是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈，则A. 副线圈的导线应当粗些，且副线圈的匝数少B. 副线圈的导线应当粗些，且副线圈的匝数多C. 原线圈的导线应当粗些，且原线圈的匝数少D. 原线圈的导线应当粗些，且原线圈的匝数多【答案】A【解析】【分析】变压器原副线圈电流与匝数成反比【详解】由于是降压变压器所以副线圈匝数少．由变压器原线圈和副线圈匝数比与电流之比的关系可知，在降压变压器的副线圈，电流较大，热功率较大，应利用粗导线，这样电阻较小，热功率较小，故A正确BCD错误．3.如图所示，固定的木板与竖直墙面的夹角为θ，重为G的物块静止在木板与墙面之间，不计一切摩擦，则A. 物块对墙面的压力大小为GtanθB. 物块对墙面的压力大小为GsinθcosθC. 物块对木板的压力大小为GcosθD. 物块对木板的压力大小为sin Gθ【答案】D 【解析】【详解】对物块受力分析，根据平行四边形法则可知：物块对墙面的压力大小为1tan G Fθ=；物块对木板的压力大小为2G F sinθ=，故选项ABC错误，D正确；故选D.4.如图所示，正方形区域ABCD中有垂直于纸面向里的匀强磁场，M、N分别为AB、AD边的中点，一带正电的粒子(不计重力)以某一速度从M点平行于AD边垂直磁场方向射入，并恰好从A点射出．现仅将磁场的磁感应强度大小变为原来的12，下列判断正确的是A. 粒子将从D 点射出磁场B. 粒子在磁场中运动的时间将变为原来的2倍C. 2：1D. 若其他条件不变，继续减小磁场的磁感应强度，粒子可能从C 点射出 【答案】AC 【解析】 【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据题意求出粒子轨道半径，根据粒子在磁场中转过的圆心角与粒子做圆周运动的周期公式，应用牛顿第二定律分析解题．【详解】设正方形的边长为a ，由题意可知，粒子从A 点射出时在磁场中做圆周运动的轨道半径为a/4，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：2v qvB m r＝ ，解得：mv r qB =，当磁场的磁感应强度大小变为原来的1/2时，粒子轨道半径变为原来的2倍，即：a/2，粒子将从N 点射出，故A 错误；由运动轨迹结合周期公式：2mT qBπ=可知，当磁场的磁感应强度大小变为原来的1/2时：T 1=T 2/2，粒子从A 点离开磁场的情况下，在磁场中运动的时间t 1=T 1/2，粒子从N 点离开磁场的情况下，在磁场中运动的时间t 2=T 2/4，可得：t 1=t 2，即 粒子在磁场中运动的时间不变，故B 错误；磁场的磁感应强度变化前，粒子在从磁场中运动过程的动量变化大小为2mv ，磁场的磁感应强度变为原来的1/2后，粒子在磁场中运动2mv 2：1，故C 正确；无论磁场的磁感应强度大小如何变化，只要磁感应强度的方向不变，粒子都不可能从C 点射出，故D 错误．故选C ．【点睛】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；解题关键是根据几何关确定圆心的位置，及由半径和周期的公式确定半径和周期的关系，根据题意作出粒子运动轨迹是关键．5.2019年1月3日，中国“嫦娥四号”探测器成功在月球背面软着陆，中国载人登月工程前进了一大步．假设将来某宇航员登月后，在月球表面完成下面的实验：在固定的竖直光滑圆轨道内部最低点静止放置一个质量为m 的小球(可视为质点)，如图所示，当给小球一瞬时冲量Ⅰ时，小球恰好能在竖直平面内做完整的圆周运动．已知圆轨道半径为r ，月球的半径为R ，则月球的第一宇宙速度为I R m r5I Rm rI r m R5I rm R【答案】B 【解析】 【分析】由最小发射速度应是万有引力等于重力，而重力又充当向心力时的圆周运动速度，由此可以解得最小发射速度.【详解】小球获得瞬时冲量Ⅰ的速度为v 0，有0I mv =；而小球恰好通过圆周的最高点，满足只有重力提供向心力，2=v mg m r月；从最低点到最高点由动能定理可知：220112=22mg r mv mv -⋅-月； 联立解得：22=5I g rm 月月球的近地卫星最小发射速度即为月球的第一宇宙速度，满足21=v m g m R''月解得：15I Rv g R m r=月 B.6.甲、乙两质点某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两质点的x －t 图象如图所示，则下列说法正确的是A. 0~t1时间内，乙质点做匀加速直线运动B. t1时刻，乙质点从后面追上甲质点C. t1时刻，两质点相距最远D. 0~t1时间内，两质点的平均速度相等【答案】BD【解析】【分析】x-t图象只能表示直线运动的规律．在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．【详解】x-t图象只能表示直线运动的规律，结合x-t图象的斜率表示速度，知乙做匀速直线运动，甲做减速直线运动，故A错误．两车在同一时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，t1时刻之前乙在甲的后面，经过时间t1位移相等，则在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，两车相遇，故B正确，C错误；0到t1时间内，甲乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间，可知，0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，故D正确．故选BD．7.如图所示，正六面体真空盒置于水平面上，它的ADHE面与BCGF面均为金属板，BCGF面带正电，ADHE 面带负电其他面为绝缘材料．从小孔P沿水平方向平行于ABFE面以相同速率射入三个质量相同的带正电液滴a、b、c，最后分别落在1、2、3三点．下列说法正确的是( )A. 三个液滴在空中运动时间相同B. 液滴c所带的电荷量最多C. 整个运动过程中液滴c的动能增量最大D. 三个液滴落到底板时的速率相同 【答案】B 【解析】【详解】AB 、三液滴在竖直方向做初速度为零的匀加速度直线运动，水平方向做匀速度直线运动，由图示可知三液滴的水平位移321x x x >>，初速度0v 相同，根据0x v t =可知在空中的运动时间关系为321t t t >>，它们抛出点的高度相等，根据212h at =可知加速度的关系为321a a a <<，三个液滴质量相同的带正电液滴，根据牛顿第二定律mg qEa m-=可知液滴所带的电荷量关系为C B a q q q >>，故选项B 正确，A 错误； CD 、对液滴由动能定理得22011()22mg qE h mv mv -=-，整个运动过程中液滴的动能增量关系为ka kb kc E E E ∆>∆>∆，三个液滴落到底板时的速率关系为a b c v v v >>，故选项C 、D 错误．8.如图所示，位于同一绝缘水平面内的两根固定金属导轨MN 、M′N′，电阻不计，两导轨之间存在竖直向下的匀强磁场．现将两根粗细均匀、电阻分布均匀的相同铜棒ab 、cd 放在两导轨上，若两棒从图示位置以相同的速度沿MN 方向做匀速直线运动，运动过程中始终与两导轨接触良好，且始终与导轨MN 垂直，不计一切摩擦，则下列说法正确的是A. 回路中有顺时针方向的感应电流B. 回路中的感应电流不断减小C. 回路中的热功率不断增大D. 两棒所受安培力的合力不断减小 【答案】BD 【解析】 【分析】分析回路磁通量的变化，由楞次定律判断感应电流方向．由E=BLv 求得两棒产生的感应电动势，回路中总的感应电动势等于cd 棒和ab 棒感应电动势之差．根据欧姆定律分析感应电流是否变化，再研究回路的热功率如何变化．【详解】A ．两棒以相同的速度沿MN 方向做匀速直线运动，回路的磁通量不断增大，根据楞次定律可知，感应电流方向沿逆时针，故A 错误；B ．设两棒原来相距的距离为S ，M ′N ′与MN 的夹角为α．回路中总的感应电动势 E=BL cd v-BL ab v=Bv •（L cd -L ab ）=Bv •Stan α=BvStan α，保持不变，由于回路的电阻不断增大，而总的感应电动势不变，所以回路中的感应电流不断减小，故B 正确；C ．回路中的热功率为2E P R= ，E 不变，R 增大，则P 不断减小，故C 错误；D ．设两棒原来相距的距离为S ，M ′N ′与MN 的夹角为α，安培力之差等于()cd ab cd ab F BIL BIL BI L L BIStan α∆=-=-=，由于电流减小，所以两棒所受安培力的合力不断减小，故D 正确． 故选BD ．【点睛】本题中两棒同向运动，要知道回路中总的感应电动势等于cd 棒和ab 棒感应电动势之差．要能熟练运用电路知识研究电磁感应问题．二、非选择题：9.某同学设计了如下实验来测量物块和地面间的动摩擦因数，同时测量弹簧的劲度系数．如图甲所示，用n 根相同的轻弹簧(图中未画出)彼此平行地沿水平方向拉放在水平地面上质量为m 的物块．改变弹簧的根数进行多次实验，保证每根弹簧的伸长量均为x(在弹性限度内)，利用加速度传感器测出物块的加速度a ，通过描点连线得到a 与弹簧根数n 的关系如图乙所示．图线在横轴上的截距为n 1，在纵轴上的截距为－b ．当地的重力加速度大小为g(1)物块与地面之间的动摩擦因数为___________． (2)弹簧的劲度系数为___________．【答案】 (1). bg； (2). 1mb n x【解析】 【分析】对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度a 与所用橡皮条的数目n 的关系表达式，根据图线的斜率和截距求解．【详解】设摩擦力为f=μmg ，每条橡皮条的拉力为F ，根据牛顿第二定律则有：nF-μmg =ma ， 即Fa n g mμ=- 在a-n 的函数表达式中斜率为1=F bm n ；μg=b ，且F=kx解得=bgμ ；1mb k n x =10.某同学想将满偏电流I g =100μA 、内阻未知的微安表改装成电压表．（1）该同学设计了图甲所示电路测量该微安表的内阻，所用电源的电动势为4V ．请帮助该同学按图甲所示电路完成实物图乙的连接______．（2）该同学先闭合开关S 1，调节R 2的阻值，使微安表的指针偏转到满刻度；保持开关S 1闭合，再闭合开关S 2，保持R 2的阻值不变，调节R 1的阻值，当微安表的指针偏转到满刻度的23时，R 1的阻值如图丙所示，则该微安表内阻的测量值R g =_____Ω，该测量值_____（填“大于”“等于”或“小于”）真实值．（3）若要将该微安表改装成量程为1V 的电压表，需_____（填“串联”或“并联”）阻值R 0=_____Ω的电阻． 【答案】 (1). 如图所示(2). 142； (3). 小于 (4). 串联 (5). 9858【解析】 【分析】（1）根据电路图连线；（2）结合电路串并电压、电流特点以及电流与电阻关系求解电流表的内阻．（3）利用电流的改装原理，电压表利用串联分压，根据U=Ug+IgR 计算电阻R 0． 【详解】（1）实物连线如图所示；（2）由电路图可知，当微安表的读数偏转到2I g /3时，通过电阻箱的电流为I g /3，则电阻箱的阻值等于微安表内阻的2倍，由图可知电阻箱的读数为284Ω，则微安表的内阻为142Ω；闭合S 2后，电路总电阻变小，电路总电流变大，通过电阻箱的电流大于I g /3，则该实验测出的电表内阻偏小；（2）若要将该微安表改装成量程为1V 的电压表，需串联阻值061142985810010g g U R r I -=-=-=Ω⨯的电阻．11.如图所示，OO′为正对放置的水平金属板M 、N 的中线．热灯丝逸出的电子(初速度重力均不计)在电压为U 的加速电场中由静止开始运动，从小孔O 射入两板间正交的匀强电场、匀强磁场(图中未画出)后沿OO′做直线运动．已知两板间的电压为2U ，两板长度与两板间的距离均为L ，电子的质量为m 、电荷量为e ．(1)求板间匀强磁场的磁感应强度的大小B 和方向；(2)若保留两金属板间的匀强磁场不变，使两金属板均不带电，求从小孔O 射入的电子打到N 板上的位置到N 板左端的距离x ． 【答案】（1）B =垂直纸面向外；（2）2L 【解析】 【分析】（1）在电场中加速度，在复合场中直线运动，根据动能定理和力的平衡求解即可； （2）洛伦兹力提供向心力同时结合几何关系求解即可； 【详解】（1）电子通过加速电场的过程中，由动能定理有：212eU m v = 由于电子在两板间做匀速运动，则evB eE =，其中2U E L=联立解得：B =根据左手定则可判断磁感应强度方向垂直纸面向外；（2）洛伦兹力提供电子在磁场中做圆周运动所需要的向心力，有：2v evB m r=，其中由（1）得到v =设电子打在N 板上时的速度方向与N 板的夹角为θ，由几何关系有：2cos L r rθ-=由几何关系有：sin x r θ=联立解得：x L =． 【点睛】本题考查了带电粒子的加速问题，主要利用动能定理进行求解；在磁场中圆周运动，主要找出向心力的提供者，根据牛顿第二定律列出方程结合几何关系求解即可．12.如图所示，倾角θ=37°的光滑固定斜面上放有A 、B 、C 三个质量均为m 的物块(均可视为质点)，A 固定，C 与斜面底端处的挡板接触，B 与C 通过轻弹簧相连且均处于静止状态，A 、B 间的距离为d ．现释放A ，一段时间后A 与B 发生碰撞，重力加速度大小为g ，取sin37°=0.6，cos37°=0.8．(1)求A 与B 碰撞前瞬间A 的速度大小v 0；(2)若A 、B 碰撞为弹性碰撞，碰撞后立即撤去A ，且B 沿斜面向下运动到速度为零时(此时B 与C 未接触弹簧仍在弹性限度内)，弹簧的弹性势能增量为E p ，求B 沿斜面向下运动的最大距离x ；(3)若A 下滑后与B 碰撞并粘在一起，且C 刚好要离开挡板时，A 、B 的总动能为E k ，求弹簧的劲度系数k ．【答案】（1）065v gd = ；（2）53P E x d mg =- ；（3）22721550km g k mgd E =- 【解析】【详解】（1）根据机械能守恒定律：201sin 2mgd mv θ= 解得065v gd = （2）设碰撞后瞬间AB 的速度大小分别为v 1v 2，根据动量守恒定律：012mv mv mv =+ 由能量关系：222012111222mv mv mv =+ 解得v 1=0 2065v v gd ==； AB 碰撞后，对B 沿斜面向下压缩弹簧至B 速度为零的过程，根据能量关系：221sin 2P E mv mgx θ=+ 解得53P E x d mg=- （3）AB 碰撞前，弹簧的压缩量：1sin mg x k θ=设AB 碰撞后瞬间的共同速度大小为v 3，则：mv 0=2mv 3 解得31625v gd =当C 恰好要离开挡板时，弹簧的伸长量为：2sin mg x k θ=可见，在B 开始沿斜面向下运动到C 刚好要离开挡板的过程中，弹簧的弹性势能该变量为零，根据机械能守恒定律：231212=2()sin 2k mv E mg x x θ⨯++ 解得：22721550km g k mgd E =- 13.下列说法正确的是A. 气体的温度越高，分子平均动能越大B. 晶体在物理性质上不一定表现出各向异性C. 给自行车打气时越往下压，需要用的力越大，是因为分子间作用力表现为斥力引起的D. 分子力表现为引力时，分子间的距离减小，则分子力可能减小E. 空气的相对湿度越小，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压【答案】ABD【解析】【详解】温度是分子平均动能的标志，则气体的温度越高，分子平均动能越大，选项A 正确；单晶体在物理性质上表现出各向异性，多晶体在物理性质上表现为各向同性，选项B 正确；给自行车打气时越往下压，需要用的力越大，是因为气体压强作用的缘故，与分子间作用力无关，选项C 错误；分子力表现为引力时，分子间的距离减小，则分子力可能增大，也可能减小，选项D 正确；空气的相对湿度越大，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，选项E 错误；故选ABD.14.如图所示，在内壁光滑的玻璃管内通过一定质量的水银柱封了一部分理想气体．当玻璃管平放时气体柱的长度为L ，先把玻璃管正立，稳定后，水银柱距离管底的距离L 1=34L ，接下来把玻璃管由正立至倒立状态，水银未溢出．已知玻璃管横截面积为S ，大气压强为p 0，环境温度不变，重力加速度为g ，求：①水银柱的质量m ；②倒立稳定后，水银柱距离管底的距离L 2．【答案】（1）03P S m g =；（2）232L L = 【解析】 【详解】①由玻意耳定律可得：001()mg p SL p SL S =+解得03P S m g= ②由玻意耳定律可得：002()mg p SL p SL S =-解得232L L = 15.一列简谐横波沿x 轴传播，t=0时的波形如图所示，质点A 与质点B 相距2m ，A 点速度方向沿y 轴正方向；t=1.5s 时，质点A 第一次到达负向最大位移处．该波的频率为___________Hz ，该波的传播速度为___________m/s ．【答案】 (1). 0.5 (2). 2【解析】【分析】由图确定波长，由A 点的振动方向判断出波的传播方向，分析A 经过多长时间第一次到达负向位移最大处，从而确定周期T ，根据为1f T =求出频率，根据波速v Tλ=波速． 【详解】由图可知A 、B 相隔半个波长，则有：22λ=，解得：4m λ=，在t=0时刻A 点的振动方向向上，根据“上下坡法”可知，波向左传播，则34t T =时质点A 第一次到达负向最大位移处，即3 1.54t T s ==，解得：T=2s ，则频率为10.5f Hz T ==，波速2/v m s Tλ==． 【点睛】本题考查对波的图象的认识和应用，对于波的图象问题往往需要研究波的传播方向和质点的振动方向之间的关系．16.如图所示，足够长的平行玻璃砖厚度为d ，底面镀有反光膜CD ，反光膜厚度不计，一束光线以45°的入射角由A 点入射，经底面反光膜反射后，从顶面B 点射出(B 点图中未画出)．已知该光线在玻璃砖中的传播2，c 为光在真空中的传播速度．求： （1）入射点A 与出射点B 之间的距离x AB ；（2）为了使从A 点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜CD 至少多长?【答案】（1）233d （2）2d 【解析】【分析】 （1）根据光的折射定律求解折射角，由几何关系求解入射点A 与出射点B 之间的距离； （2）根据全反射的临界角结合几何关系求解底面反光膜CD 的最小长度.【详解】（1）2c n n == 则sin 2sin n αβ== 解得β=300，则232tan AB x d d β==（2）1sin C n= ，则C=450， 则2tan 2CD L d C d ==。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(二十四)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（二十四）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题1.用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L．现用该弹簧沿斜面方向拉住质里为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L．斜面倾角为30°，如图所示．则物体所受摩擦力A. 等干零B. 大小为mg，方向沿斜面向下C. 大小为mg，方向沿斜面向上D. 大小为mg，方向沿斜面向上【答案】A【解析】试题分析：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件F="mg" ①根据胡克定律F="kL" ②由①②得，mgkL③物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图设物体所受的摩擦力沿斜面向上，根据共点力平衡条件，有F′+f -2mgsin30°="0" ③其中F′="kL=mg" ④由以上四式解得f=0，故物体所受的摩擦力大小方向沿斜面向上，大小为0．故选A ．考点：物体的平衡【名师点睛】本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件及胡克定律列式求解；注意胡克定律中弹簧的弹力与伸长量成正比．2.如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的照相机，三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为A. 13mgB. 23mgC. 36mgD. 39mg 【答案】D【解析】【分析】以相机为研究对象，对相机受力分析，先将各支架的作用力沿着水平和竖直方向正交分解，由共点力的平衡条件可得出各支架的受力．【详解】对照相机受力分析，受重力、和三个支架的支持力，根据平衡条件，三根支架的支持力的合力应等于重力，即：3cos F mg θ=，解得239F mg =，D 正确； 【点睛】本题因是立体图，无法将所有力画出，因三根支架受力相等，故可以由一根支架的受力得出所有支架的合力．3.如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直，杆的下端有一个轻滑轮.O一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重为G的物体，BO段细线与天花板的夹角为30θ=o，系统保持静止，不计一切摩擦，下列说法中正确的是()A. 细线BO对天花板的拉力大小是2GB. a杆对滑轮的作用力大小是3 GC. a杆对滑轮的作用力大小是GD. a杆和细线对滑轮的合力大小是G【答案】C【解析】【分析】先对重物受力分析，根据平衡条件求得细线的拉力；再对滑轮受力分析，根据力的合成的平行四边形定则求得细线对滑轮的合力，再得到a杆对滑轮的力．【详解】A、对重物G受力分析，受到重力和拉力T，根据平衡条件，有T G=，同一根绳子拉力处处相等，故绳子对天花板的拉力也等于G，故A错误；BC、对滑轮受力分析，受到绳子的压力(等于两边绳子拉力的合力)，以及杆的弹力(向右上方的支持力)，如图根据平衡条件，结合几何关系，有：a 杆对滑轮的作用力大小F T G ==，故B 错误，C 正确； D 、由于滑轮处于平衡状态，故a 杆和细线对滑轮的合力大小是零，故D 错误；故选C ．【点睛】本题的关键是先后对重物和滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析.解答时，要熟练运用几何知识研究．4.如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N 1，球对木板的压力大小为N 2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中A. N 1始终减小，N 2始终增大B. N 1始终减小，N 2始终减小C. N 1先增大后减小，N 2始终减小D. N 1先增大后减小，N 2先减小后增大【答案】B【解析】试题分析：对小球进行受力分析如图所示，设：板与竖直方向夹角为θ，则：2sin mg N θ=，1tan mg N θ=，随着板顺时针方向转动，θ越来越大，因此N 2越来越小，同样1N 也越来越小，答案B 正确．考点：共点力作用下物体的平衡，力的合力与分解5.如图所示为某小球所受的合力与时间的关系图象，各段的合力大小相同，作用时间相同，设小球从静止开始运动．由此可判定()A. 小球向前运动一段时间后停止B. 小球始终向前运动C. 小球向前运动，再返回停止D. 小球向前运动，再返回，但不会停止【答案】B【解析】【分析】小球在奇数秒内，从静止开始做匀加速直线运动，偶数秒内沿原方向做匀减速直线运动，偶数秒末速度为零，周而复始．做单向直线运动．【详解】由题可知，小球在奇数秒内，合力恒定不变，物体从静止开始做匀加速直线运动．偶数秒内合力反向，物体的加速度等大反向，物体仍沿原方向运动，做匀减速直线运动，根据对称性知偶数秒末物体的速度为0；此后物体做周期性的运动，周而复始，一直向前做单向直线运动．故ACD错误，B正确．故选B．【点睛】本题物体在周期性外力作用运动，往往分析一个周期内物体的运动情况，再周期性重复．要注意当力的方向反向时，物体并不是立即回头，由于惯性要继续向前运动．6.如图所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为（）A. 0B. gC.3 3gD.233g【答案】D【解析】【分析】木板撤去前，小球处于平衡状态，合力为零，根据共点力平衡条件求出木板对小球的支持力，撤去木板瞬间，支持力消失，弹力和重力不变，求出合力后即可求出加速度．【详解】木板撤去前，小球处于平衡状态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图；根据共点力平衡条件，有：F-Nsin30°=0；Ncos30°-G=0；解得：23N mg=；木板AB突然撤去的瞬间，支持力消失，重力和拉力不变，则小球的合力大小等于原来的支持力N，方向与N反向，故加速度为：23Na gm==，故选D．【点睛】本题的关键要抓住木板AB突然撤去的瞬间弹簧的弹力没有来得及变化，对物体受力分析，求出合力，再求加速度．7.放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t的关系如甲图所示；物块的运动速度v与时间t的关系如乙图所示，6s后的速度图象没有画出，g取210/.m s下列说法正确的是()A. 滑动时受的摩擦力大小是3NB. 物块的质量为1.5kgC. 物块在69s -内的加速度大小是21.5/m sD. 物块前6s 内的平均速度大小是4.0/m s【答案】B【解析】【详解】A ．由速度﹣时间图象可以知道，在3～6s 内，物体处于匀速直线状态，即物体所受到的摩擦力大小应该与推力F 大小相等，F 滑=F 推=6N ，故A 错误；B ．在0～3s 内，物体做匀加速直线运动，a =2m/s 2，F 合=ma =F 推﹣F 滑=3N ，得出m =1.5kg ，故B 正确；C ．在6～9s 内，F 推=3N ，F 滑=6N ，F 合=ma =F 滑﹣F 推=3N ，得出a =2m/s 2，故C 错误；D ．由速度时间图象面积可知，0～6s 内物体的位移X=（3+6）×6m=27m ，物块前6s 内的平均速度大小v =x t=4.5m ，故D 错误． 故选B ．8.甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的x t -图象如图所示，则下列说法正确的是( )A. 0t =时两物体的速度都为零B. 1t 时刻乙车从后面追上甲车C. 1t 时刻两车速度相等D. 10t ～，时间内，两车的平均速度相等【答案】BD【解析】在位移-时间图象中，斜率表示速度，由图象的斜率看出，t =0时两物体的速度都不为零，故A 错误；t 1时刻之前，甲在前，t 1时刻两车的位移相同，说明乙车从后面追上甲车，故B 正确；由图象的斜率看出，t 1时刻乙车的速度大于甲车的速度，故C 错误；0到t 1时间内，两车的位移相等，所用时间相等，则两车的平均速度相等，故D正确．所以BD正确，AC错误．9.如图所示为蹦极运动的示意图.弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连.运动员从O点自由下落，.整个过程中忽略空气阻力.分析这至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D，然后弹起一过程，下列表述不正确的是()A. 从O点到B点，运动员做自由落体运动B. 从B点到C点，运动员做加速度增大的加速运动C. 从C点到D点，运动员做加速度增大的减速运动D. 到达B点时，运动员的加速度最小，速度最大【答案】BD【解析】【分析】动员从O点自由下落，到达B点时有竖直向下的速度，弹性绳伸直后运动员受到重力和弹性绳的弹力两个力作用，根据弹力与重力的大小关系，分析运动员的运动情况，判断其速度的变化，根据牛顿第二定律分析加速度的变化．【详解】A、从O点到B点，运动员只受重力，做自由落体运动，故A正确；B、运动员到达B点后弹性绳伸直，随着运动员向下运动弹性绳的弹力不断增大．在B到C过程：重力大于弹性绳的弹力，合力等于重力减去弹力，方向竖直向下，大小不断减小，故运动员做加速度不断减小的加速运动，故B错误；C、在C到D的过程：弹力逐渐增大，重力小于弹性绳的弹力，合力等于弹力减去重力，方向竖直向上，故运动员做加速度不断变大的减速运动，故C正确；D、在C点，合力为零，加速度最小，速度最大，故D错误；本题选错误的，故选BD．【点睛】本题与小球自由下落掉在轻弹簧上的类型相似，要抓住弹性的弹力随形变量的增大而增大，根据合力方向与速度方向的关系判断运动员速度的变化和加速度的变化10.如图（a ），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v —t 图线如图（b ）所示．若重力加速度及图中的0v 、1v 、1t 均为已知量，则可求出A. 斜面的倾角B. 物块的质量C. 物块与斜面间的动摩擦因数D. 物块沿斜面向上滑行的最大高度【答案】ACD【解析】小球滑上斜面的初速度0v 已知，向上滑行过程为匀变速直线运动，末速度0，那么平均速度即02v ，所以沿斜面向上滑行的最远距离012v s t =，根据牛顿第二定律，向上滑行过程01sin cos v g g t θμθ=+，向下滑行11sin cos v g g t θμθ=-，整理可得011sin 2v v g t θ+=，从而可计算出斜面的倾斜角度θ以及动摩擦因数，选项AC 对．根据斜面的倾斜角度可计算出向上滑行的最大高度00101101sin 224v v v v v s t v gt gθ++=⨯=，选项D 对．仅根据速度时间图像，无法找到物块质量，选项B 错．【考点定位】牛顿运动定律【方法技巧】速度时间图像的斜率找到不同阶段的加速度，结合受力分析和运动学规律是解答此类题目的不二法门．11.一汽车在平直公路上行驶，某段时间内的v t -图象如图所示，则由图可得( )A. 前5s 内汽车的加速度22/m sB. 1025s ～内汽车的位移300mC. 2530s ～内汽车向反方向运动D. 2530s ～内汽车在做减速运动【答案】ABD【解析】【分析】速度-时间图象的斜率表示加速度，速度图象与坐标轴所围“面积”等于位移大小，图象在时间轴的上方，速度为正，沿正方向运动．根据图象的形状分析汽车的运动性质．【详解】A 、根据速度-时间图象的斜率表示加速度，则知前5s 内汽车的加速度为：2102/5v a m s t ===，故A 正确； B 、速度图象与坐标轴所围“面积”等于位移，则1025s ～内汽车的位移为：2015300x m =⨯=，故B 正确；C 、图象在时间轴的上方，速度为正，所以2530s ～内汽车沿正方向运动，故C 错误；D 、2530s ～内汽车加速度方向为负，速度方向为正，汽车做减速运动，故D 正确．故选ABD ．【点睛】本题的关键要抓住速度图象的两个数学意义就能正解作答：斜率等于加速度，“面积”大小等于位移．12.如图所示，斜面A 和物块B 静置在水平地面上，某时刻起，对B 施加一个沿斜面向上的拉力F ，力F 从零开始随时间均匀增大，在这一过程中，A 、B 始终保持静止.则地面对A 的( )A. 支持力不变B. 支持力减小C .摩擦力增大D. 摩擦力减小【答案】BC【解析】【分析】以A 、B 整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件得到地面对A 的支持力和摩擦力与F 的关系，再分析两个力的变化．【详解】以A 、B 整体为研究对象，分析受力情况：总重力G 、力F 、地面对A 的支持力N 、摩擦力f ，如图所示：设斜面的倾角为α，由平衡条件得：sin N F G α+=，cos f F α=由题，F 增大，则知N 减小，f 增大．故选BC ．【点睛】本题关键在于研究对象的选择，以整体为研究对象，简单方便，也可以运用隔离法研究．二、实验题13.“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲，其中A 为固定橡皮条的图钉，O 为橡皮条与细绳的结点，OB 和OC 为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图．(1)如果没有操作失误,图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是___.(2)本实验采用的科学方法是___.A. 理想实验法B. 等效替代法C. 控制变量法D.建立物理模型法【答案】(1). (1)F'；(2). (2)B【解析】【详解】（1）[1]F是通过作图的方法得到合力的理论值,而F'是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条,使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO 方向的是F'，由于误差的存在F和F'方向并不重合(2)[2]合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法,故B正确,ACD错误．14.某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是________（选填字母代号）．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量________木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”“远小于”或“近似等于”）（3）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ乙，由图可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙．（选填“大于”“小于”或“等于”）【答案】(1). AD(2). 远小于(3). 小于(4). 大于【解析】【详解】（1）[1]．实验中细绳要保持与长木板平行，A 项正确；平衡摩擦力时不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上，这样无法平衡摩擦力，B 项错误；实验时应先接通电源再放开木块，C 项错误；平衡摩擦力后，改变木块上的砝码的质量后不再需要重新平衡摩擦力，D 项正确．（2）[2]．由整体法和隔离法得到细绳中的拉力F ＝Ma ＝M mg M m +＝11m M+mg ， 可见，当砝码桶和桶内砝码的总质量m 远小于木块和木块上砝码的总质量M 时，可得F ≈mg .（3）[3]．不平衡摩擦力，则F －μmg ＝ma ，a ＝F m－μg ， 图象的斜率大的木块的质量小，纵轴截距绝对值大的动摩擦因数大，因此m 甲<m 乙，μ甲>μ乙．三、计算题15.质量为2kg 的物体在水平推力F 的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F ，其运动的v t -图象如图所示.g 取10m/s 2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）水平推力F 的大小；（3）014～s 内物体运动位移的大小．【答案】（1）0.2；（2）5.6N ；（3）56m 。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(二十七)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（二十七）物理试卷第I 卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分,在每小题给出的四个选项中,第14-17题只有一项符合题目要求,第18-21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
1.下列说法正确的是A. 英国物理学家查德威克发现了中子,质子和中子统称为核子B. α粒子轰击氮原子核的核反应方程式为：4141612781He N O H +→+C. 两个轻核结合成较重的单个原子核时要吸收能量D. 只要入射光的强度足够大就能使被入射的金属表面逸出光电子 【答案】A 【解析】【详解】英国物理学家查德威克发现了中子，质子和中子统称为核子，选项A 正确； α粒子轰击氮原子核的核反应方程式为：4141712781He N O H +→+，选项B 错误；两个轻核结合成较重的单个原子核时要放出能量，选项C 错误；只要入射光的频率足够大就能使被入射的金属表面逸出光电子，从而发生光电效应，选项D 错误；故选A.2.如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O 为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F 的作用下静止P 点．设滑块所受支持力为F N ，OF 与水平方向的夹角为θ, 下列关系正确的是A. tan mgF θ=B. tan F mg θ= C .=tan N mgF θD. tan N F mg θ= 【答案】A 【解析】【详解】物体处于平衡状态，对物体受力分析，根据共点力平衡条件，可求出支持力和水平推力．对小滑块受力分析，受水平推力F 、重力G 、支持力F N 、根据三力平衡条件，将受水平推力F 和重力G 合成，如图所示，由几何关系可得tan mg F θ=，sin N mgF θ=，A 正确． 【点睛】本题受力分析时应该注意，支持力的方向垂直于接触面，即指向圆心．本题也可用正交分解列式求解！3.已知引力常量G 和下列各组数据,无法．．计算出地球质量的是 A. 人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期 B. 月球绕地球运行的周期及月球离地球的距离 C. 地球绕太阳运行的周期及地球离太阳的距离 D. 不考虑地球自转,地球的半径及重力加速度 【答案】C 【解析】【详解】根据2224mM G m r r T π＝可得2324r M GT π=；若已知人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期，根据2r T v π=可求解r ，从而求解地球的质量M ，选项A 不符合题意；根据2324r M GT π=，若已知月球绕地球运行的周期T 及月球离地球的距离r 可求解地球的质量M ，选项B 不符合题意；根据2324r M GTπ=，若已知地球绕太阳运行的周期T 及地球离太阳的距离r 可求解太阳的质量M ，选项C 符合题意；根据2mMGmg r =可知不考虑地球自转,已知地球的半径R 及重力加速度g 可求解地球的质量，选项D 不符合题意；故选C. 4.在正点电荷Q 形成的电场中,一检验电荷q 的运动轨迹如图中实线所示,轨迹上a 、b 、c 三点在以Q 为圆心的同心圆上,下列说法正确的是A. 检验电荷q 可能为正电荷,也可能为负电荷B. a 、b 、c 三点中,检验电荷q 在c 点的动能最小C. a 、b 、c 三点中,a 点的电势最高D. a 、b 、c 三点中,检验电荷q 在a 点的电势能最大 【答案】B 【解析】【详解】由运动轨迹可知，检验电荷q 一定和Q 带同种电荷，即带正电荷，选项A 错误；检验电荷q 在运动的过程中，电势能和动能之和守恒，则当动能最小时，电势能最大，电荷所处的位置电势最高，则a 、b 、c 三点中, c 点的电势最高，检验电荷q 在c 点的电势能最大,即a 、b 、c 三点中,检验电荷q 在c 点的动能最小，选项B 正确，CD 错误；故选B.5.现在人们可以利用无线充电板为手机充电,如图所示为充电原理道图,充电板接交流电源，对充电板供电，充电板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电.若在某段时间内,磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈,其磁感应强度均匀增加.下列说法正确的是A. c 点电势高于d 点电势B. c 点电势低于d 点电势C. 感应电流方向由c →受电线圈→dD. 感应电流方向由d →受电线圈→c 【答案】BC 【解析】【详解】根据楞次定律可知，受电线圈内部产生的感应电流方向俯视为顺时针，受电线圈中感应电流方向由c 经受电线圈到d ，所以c 点的电势低于d 点的电势，故AD 错误，BC 正确；故选BC.6.实验室一台手摇交流发电机产生的电动e =102sin10πt (V),内阻=1.0Ω,和R =9.0Ω的电阻连成如图所示有电路,图中电流表A 为理想表.闭合开关S ,则A. 该交变电流的频率为10HzB. 该电动势的有效值为10VC. 电阻R 所消耗的电功率为10WD. 电流表A 的示数为1.0A 【答案】BD 【解析】【详解】产生的电动势e=102sin10πt （V ），ω=10πrad/s ，交流电的频率f=10 2ππ=5Hz ，故A 错误；产生的电动势的最大值为102V ，所以该电动势的有效值为U=1022V=10V ，故B 正确；根据欧姆定律得：电路中交流电的有效值10191I A A =+＝，则电流表A 的示数为 1.0A ；电阻R 所消耗的电功率为22199R P I R W W ==⨯=，选项C 错误，D 正确；故选BD ．7.如图所示,在光滑水平面上有静止物体A 和B .物体A 的质量是B 的2倍,两物体中间有用细绳捆绑的水平压缩轻弹簧(弹簧和物体不栓接).当把绳剪开以后任何瞬间,下列说法正确的是A. A 的速率是B 的速率的一半B. A的动量是B的动量的两倍C. A、B所受的力大小相等D. A、B组成的系统的总动量不为0【答案】AC【解析】【详解】取向左为正方向，根据系统的动量守恒得：m A v A-m B v B=0，因为m A=2m B，所以v A=0.5v B，故A正确．由动量守恒得：m A v A-m B v B=0，所以A的动量与B的动量大小相等，方向相反，故B错误．A、B受到的力等于弹簧的弹力，大小相等，故C正确．A、B和弹簧组成的系统合外力为零，系统的总动量守恒，保持为零，故D错误．故选AC．8.如图所示,空间有一匀强磁场区域,磁场方向与竖直面(纸面)垂直,纸面内磁场上方有一个正方形导线框abcd,其上、下两边与磁场边界(图中虚线)平行,边长等于磁场上、下边界的距离.若线框自由下落,从ab边进入磁场开始,直至cd边达到磁场下边界为止,线框的运动可能是A. 始终做匀速直线运动B. 始终做匀加速直线运动C. 先做加速度减小的减速运动再做匀速直线运动D. 先做加速度减小的加速运动再做匀速直线运动【答案】ACD【解析】【详解】导线框开始做自由落体运动，ab边以一定的速度进入磁场，ab边切割磁场产生感应电流，根据左手定则可知ab边受到向上的安培力；当ab边进入磁场后安培力等于重力时，线框做匀速运动；当线框出离磁场过程中仍做匀速运动，则选项A正确；当安培力大于重力时，线框做减速运动，随着速度的减小，安培力减小，当安培力等于重力时线圈做匀速运动，选项C正确；当ab边进入磁场后安培力小于重力时，线框做加速运动，随着速度的增加，安培力增大，当安培力等于重力时线圈做匀速运动，选项D正确；由于线圈进入磁场过程中速度不断变化，则安培力不断变化，则线圈不可能做匀加速运动，选项B错误；故选ACD．第Ⅱ卷(非选择题,共174分)三、非选择题(本卷包括必考题和选考题两部分,第22-32为必考题,每个试题考生都必须做答,第33-38题为选考题,考生根据要求做答) (一)必考题(共129分)9.验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示,图乙为实验所得的一条纸带,在纸带上选取了点迹清晰的连续6个点,若只测出了第4个点与0点之间的距离为h 4以及第6点与0点的距离h 6,已知打点周期为T ,当地重力加速度为g .(以下的三个结论均有题中所给符合表示) (1)打第5点时重物的速度v =______；(2)由已知条件从理论上计算第5点到0点的距离h 5=______；(3)若打0点时重物速度为零,则要验证从0点到第5点间重物下落过程中机械能守恒的等式为______________．【答案】 (1). 6452h h v T -=(2). 24652h h gT h +-= (3). 2264462()()4h h g h h gT T-+-= 【解析】【详解】（1）打第5点时重物的速度6452h h v T-=； （2）644556h h h h -=+ 而25645-=h h gT ，则245641()2h h h gT =--，则25445461()2h h h h h gT =+=+-（3）要验证的关系是：25512mgh mv =即()()26424624h h g h h gT T-+-=10.LED 绿色照明技术已经走进我们的生活.某实验小组要精确测定额定电压为3V 的LED 灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约为500Ω，电学符号与小灯泡电学符号相同.实验室提供的器材有： A.电流表1A (量程为50mA ，内阻1A R 约为3Ω)B.电流表2A (量程为3mA ，内阻215A R =Ω) C .定值电阻1697R =Ω D.定值电阻21985R =Ω E.滑动变阻器R(020Ω～)F .电压表V(量程0～12V ，内阻1V R k =Ω) G.蓄电池E(电动势为12V ，内阻很小) H.开关S(1)部分电路原理图如图1所示，请选择合适的器材，电表1为________，电表2为________，定值电阻为________.(填写器材前的字母编号)(2)将电路图补充完整.______(3)写出测量LED 灯正常工作时的电阻表达式x R ＝______(用已知量和测量量表示)，当表达式中的________(填字母)达到________，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED 灯正常工作的电阻.【答案】 (1). F (2). B (3). D (4).(5). 2222A VI R R U I R +- (6). 2I(7). 1.5mA 【解析】【详解】(1)电表2与定值电阻串联，应是电流表，根据电流表示数可得LED 两端的电压，由于电流表1A 阻值未知，所以电表2选用2A 即B ；定值电阻1R 阻值太小，因此定值电阻应选用2R 即D ；电流表1A 量程太大，电压表内阻已知，可以当电流表使用，所以电流表1选用电压表F ． （2）电路如图所示：(3)电压表示数为U ，电流表示数为2I ，2222A V xI R R U I R R +=+，可得2222A x VI R R R UI R +=-；当()2223A I R R V ＋=，即2 1.5I mA =时LED 灯正常工作，x R 的值为LED 灯正常工作时的电阻.11.如图所示,有一比荷qm=2×1010C/kg 的带电粒子,由静止从Q 板 经电场加速后,从M 板的狭缝垂直直线边界a 进入磁感应强度为B =1.2×10-2T 的有界矩形匀强磁场区域后恰好未飞出直线边界b ,匀强磁场方向垂直平面向里,a 、b 间距d =2×10-2m(忽略粒子重力与空气阻力)求： (1)带电粒子射入磁场区域时速度v ； (2)Q 、M 两板间的电势差U QM ．【答案】（1）64.810/v m s =⨯；（2）304⎛⎫ ⎪⎝⎭，· 【解析】【详解】（1）粒子从静止开始经加速电场加速后速度为v ，由动能定理：212qU mv =粒子进入磁场后，洛仑磁力提供向心力：2v qBv m R=粒子垂直a 边界进入有届磁场区域且恰好未飞出右平行届b ，由几何知识得：R d =代入数值，联立解得：64.810/v m s =⨯；-25.7610U V =⨯（2）据粒子在磁场中的轨迹，由左手定则知：该粒子带负电，但在加速电场中从Q 到M 加速，说明M 点比Q 点电势高，故304⎛⎫ ⎪⎝⎭，12.如图所示,半径为R 的1/4光滑圆弧金属导轨宽为L ,全部处在竖直面内的辐向磁场区域中,磁场方向和轨道曲面垂直,轨道处磁感应强度大小为B ,圆弧最高点A 处切线竖直m 的金属导体棒ab 通过金属导轨和电路相通,电源电动势E 及内阻r ,电阻R 1、R 2,电容器的电容C 、重力加速度g 均为已知.金属轨道水平部分无磁场且与导体棒的动摩擦因数为,当开关S 闭合瞬间将导体棒由A 点静止释放,运动中棒始终保持与导轨垂直且接触良好,不考虑导体棒切割磁感线产生的电动势以及导轨和导体棒的电阻.求： (1)电容器上的电荷量;(2)金属棒到圆弧上D 点处(切线水平)时对轨道的压力; (3)金属棒在平直导轨上滑行的最大距离(导轨足够长).【答案】（1）11ER CQ R r=+；(2)1(2)2Emg BL R R r x umgπ++= 【解析】【详解】（1）当开关S 闭合后，导体棒中的电流I ，由欧姆定律得：1EI R r=+ 电容器两极板间电压等于R 1两端电压U ：1U IR =· 电容器上的电荷量Q CU = 解得：11ER CQ R r=+ （2）金属棒在辐向磁场中受到安培力分析沿圆弧切线，大小为F ：F BIL = 从A 到D 过程，由动能定理知：201122mgR BIL R mv π+⨯=在D 点，金属棒受到支持力N 和重力mg 的合力充当向心力：2D v N mg m R-= 联立解得13EN mg BLr R π=++ （3）金属棒在水平轨道上水平方向只受摩擦力，由动能定理得： 21-2D umgx mv =- 解得：1(2)/2Ex mg BLR umg R rπ=++ (二)选考题(共45分。
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2020年河北衡水高考押题试卷物理试卷二．选择题(本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14.我国科学家为解决“玉兔号”月球车长时间处于黑夜工作的需要,研制了一种小型核能电池,将核反应释放的核能转变为电能,需要的功率并不大,但要便于防护其产生的核辐射。
请据此猜测“玉兔号”所用核能电池有可能采纳的核反应方程是A.32411120H H He n +→+B.235114192192056360U n Ba kr 3n +→++C.238238094951Pu Am e -→+D.274301132150Al He P n +→+15.穿梭于大街小巷的共享单车解决了人们出行的“最后一公里”问题。
单车的传动装置如图所示,链轮的齿数为38,飞轮的齿数为16,后轮直径为660mm,若小明以5m/s 匀速骑行,则脚踩踏板的角速度约为A. 3.2 rad/sB. 6.4 rad/sC. 12.6 rad/sD. 18.0rad/s16.如图所示圆形区域内,有垂直于纸面方向的匀强磁场,一束质量和电荷量都相同的带电粒子,以不同的速率,沿着相同的方向,对准圆心O 射入匀强磁场,又都从该磁场中射出,这些粒子在磁场中的运动时间有的较长,有的较短,若带电粒子只受磁场力的作用,则在磁场中运动时间越短的带电粒子A.在磁场中的周期一定越小B.在磁场中的速率一定越小C.在磁场中的轨道半径一定越大D.在磁场中通过的路程一定越小17.如图所示,质量可忽略的绝缘细杆做成正方体框架,边长为a ,框架的每个顶点固定着一个带电荷量为+q、质量为m的小球,将这个框架静止放在足够粗糙的水平面上,平面上方有水平向右的匀强电场,场强为E ,下列说法正确的是A.立方体中心位置处电场强度为零B.上方四个小球受到的电场力的合力均相同C.若以右下底边为轴把这个立方体向右侧翻转90°,系统电势能减少了6qEaD.若以右下底边为轴把这个立方体向右侧翻转90°,系统电势能减少了8qEa18.如图甲所示是一个理想变压器和一组理想二极管, A、B是变压器次级线圈的输出端, C、D、E、F、G、H 是二极管组接线端,变压器原、副线圈的匝数比为10:1,原线圈电压按图乙所示规律变化,原线圈接有交流电压表,把A、B端适当的接在C、E、F、H中的某些位置,就可以向接在D、G之间的用电器供直流电,下列说法正确的是A. A、B两端电压为2202VB. A、B输出端电流方向1s改变100次C.把AC接一起,再把BH接一起,则电流可以从G流出过用电器从D流回D.把ACF接一起,再把BEH接一起,则电流可以从G流出过用电器从D流回19.北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统。
由35颗卫星组成,包括5颗静止轨道卫星、3颗倾斜同步轨道卫星、27颗中地球轨道卫星,下表给出了其中三颗卫星的信息,其中倾角为轨道平面与赤道平面的夹角。
下列陈述正确的是A.北斗-IGSO2的运行周期和地球自转周期相等B.北斗-G4的线速度小于北斗-M3的线速度C.北斗-IGSO2总在地面上某点的正上方D.北斗-IGSO2和北斗-M3的周期的三分之二次方之比约等于5320.如图所示,光滑水平地面上有A 、B 两物体,质量都为m , B 左端固定一个处在压缩状态的轻弹簧,轻弹簧被装置锁定,当弹簧再受到压缩时锁定装置会失效。
A 以速率v 向右运动,当A 撞上弹簧后,设弹簧始终不超过弹性限度,关于它们后续的运动过程说法正确的是A. A 物体最终会静止, B 物体最终会以速率v 向右运动B. A 、B 系统的总动量最终将大于mvC. A 、B 系统的总动能最终将大于212mv D.当弹簧的弹性势能最大时A 、B 的总动能为214mv 21.如图所示,光滑水平桌面上并排放两个完全相同的可视为质点的物块A 、B ,质量均为m ,其中物块A 被一条遵守胡克定律的弹性绳连接,绳另一端固定在高处O 点,弹性绳的原长为L ,劲度系数为k ,当物块A 在O 点正下方时绳处于原长状态。
现使物块A 、B 一起从绳和竖直方向夹角为θ=60°开始释放,下列说法正确的是 A.刚一释放时物块A 对物块B 3B.物块A 向右运动的最远距离为3LC.从静止到物块A 、B 分离,绳对A 做的功大于A 对B 做的功D.从静止到物块A 、B 分离,绳对A 的冲量大于A 对B 的冲量三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。
第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33题~第38题为选考题，考生根据需求作答。
) (一)必考题：共129分22.(7分)手机电池多为锂电池,这种电池的电动势并不是一个定值,刚充满的电池电动势约4.2V,在使用过程中降低到3.2V 时建议终止放电。
为尽可能精确地测量出某手机电池刚充 满电时的电动势,可供选用的器材如下:A.电流表A:量程0~0.6A 、内阻0.6ΩB.电压表V:量程0~15V 、内阻3k ΩC.滑动变阻器R :最大阻值5ΩD.电阻箱R 0: 0~9999ΩE.待测手机电池EF.一个开关S及导线若干(1)选用合适的仪器,在答题纸的虚线框内画出你设计的实验电路图。
(2)根据自己设计的电路,得到电动势需要测量的物理量有,电动势测量值的表达式。
23.(8分)某同学用如图所示的气垫导轨和光电门装置来做“验证动能定理”的实验,他的操作步骤如下:①将一端带有定滑轮的气垫导轨放置在实验台上,②将光电门固定在气垫轨道上离定滑轮较近一端的某点B 处,③将带有遮光条的质量为M的滑块放置在气垫导轨上的A处,④用n个质量为m的钩码连接成串,经绕过滑轮的细线拉滑块,使滑块从A点由静止释放,在光电计时器上读出遮光条通过光电门的时间t ,⑤改变钩码个数,使滑块每次从同一位置A由静止释放,重复上述实验过程。
实验中释放点A到光电门的距离为s ,遮光条的宽度为d。
(1)该同学操作中疏漏的重要实验步骤是;(2)数据处理时,该同学认为钩码的总重力等于滑块所受的外力,得出滑块动能的表达式为,滑块所受外力做功的表达式为;(3)根据你掌握的物理知识判断,该同学认为“钩码的总重力等于滑块所受的外力”,是否合理,并说明理由;(4)该同学正确操作后,用图像法处理数据,若以钩码个数为横轴,以时间t的次方为纵轴,画出的图像是直线,直线斜率的表达式是。
24.(14分)如图甲所示,足够长的柔软导线跨过滑轮悬挂两条水平金属棒MN、PQ ,棒长均为l=0.50m,电阻值均为R =1.0Ω的电阻。
MN质量m1=0.10kg, PQ质量m2=0.20kg,整个装置处于磁感应强度B=1.0T的匀强磁场中,磁场方向水平且垂直于MN和PQ。
t=0时刻,对金属棒MN施加一个竖直向下的外力F,使之由静止开始运动,运动过程中电路中的电流I随时间t变化的关系如图乙所示。
电路中其他部分电阻忽略不计, g取10m/s2。
(1)求2.0s末金属棒MN瞬时速度的大小;(2)求4.0s末力F的瞬时功率;(3)已知0~3.0s时间内MN上产生的热量为0.36J,试计算F对金属棒MN所做的功。
25.(18分)如图所示,在竖直平面内有一固定光滑绝缘轨道,其中AB部分是倾角为θ=37°的直轨道, BCD部分是以O为圆心、半径为R的圆弧轨道,两轨道相切于B点, D点与O点等高, A点在D点的正下方.圆的水平直径下方有水平向左的电场,质量为m、带电荷量为q的小球从A点由静止开始沿斜面向上运动,已知小球刚好能沿圆轨道经过最高点C ,然后经过D点落回到AB之间某点.已知sin37°=0.6, cos37°=0.8,重力加速度大小为g.求:(1)小球在C点的速度的大小;(2)小球在AB段运动过程中电场力所做的功;(3)小球从D点运动落到AB上某点的时间。
(二)选考题：共15分。
请从给出的2道物理题中任选一题作答。
如果多做，则按所做的第一个题目计分。
33.【物理—选修3-3】(15分)(1)(5分)如图所示,一定质量的理想气体状态发生改变,在p-V关系图像中经历从a→b→c→d→a状态循环变化过程。
下列说法正确的是。
(填正确答案标号,选对一个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错一个扣3分,最低得0分)A. a→b过程中,分子的平均动能增大,外界对气体做正功B. b→c过程中,分子的平均动能增大,气体吸热,C. c→d过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减小D. b→c→d过程,气体对外做的功等于系统和外界传递的热量E. d→a过程中,气体分子速率分布曲线的峰值位置不发生变化( 2)(10分)伽利略温度计结构如图所示。
玻璃泡A容积为V0,内封有一定量气体,与A相连的B管插在液体槽中,液体密度为ρ,管内径的横截面积为S,已知环境温度为T0时,管内液面的高度差为x0,当环境温度变化时, x 即可反映泡内气体的温度,即环境温度,并可由B管上的刻度直接读出。
已知大气压强为p0,重力加速度为g,只有在近似条件下温度T和x的关系才是线性关系。
①在下述条件下求此线性关系a. B管的容积远小于A泡的容积;b.管内液体密度很小,引起的压强远小于大气压强;②试分析指出这种温度计的缺点。
34.【物理—选修3-4】(15分)(1)(5分)如图所示,从点光源S发出的一束复色光,以一定的角度入射到玻璃三棱镜的表面,经过三棱镜的两次折射后分为a、b两束光。
下面的说法中正确的是。
(填正确答案标号,选对一个得2分,选对2个得4 分,选对3个得5分,每选错一个扣3分,最低得0分)A.在三棱镜中a光的传播速率大于b光的传播速率B. a光频率大于b光频率C.若改变复色光的入射角,可在入射面发生全反射D. a、b两束光分别通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹的间距Δx a<Δx bE.真空中的a、b两束光的光速相对于不同的惯性参考系是相同的(2)(10分)振源处于x轴原点处,分别向x轴正向和负向形成两列简谐横波,在x轴上有两点P和Q,它们的振动图像分别是图甲和图乙,它们间的距离为d=10m,①如果它们都在x 轴的正半轴,求这列波的可能速度;②如果P 点在x 轴的负半轴,坐标为-4m,Q 点在x 轴的正半轴,求这列波的最大速度?参考答案二．选择题(第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求)题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案CBCDBCDABCDACD, B 是裂变反应,虽然实现 了人工控制,但因反应剧烈,防护要求高还不能小型化, C 是人工放射性同位素的衰变反应,是小型核能电 池主要采用的反应方式, D 是人工核反应,需要高能α粒子,故选C 。