中考物理一轮复习_右手螺旋定则课后作业及答案

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人教版中考物理一轮复习力学专题(带答案解析)

人教版中考物理一轮复习力学专题一、单选题1.如图所示，汽车做匀速直线运动，小明在车上竖直向上跳起，则他将落在（）A.仍在起跳点B.在起跳点前C.在起跳点后D.都有可能2.如图为小车载着木块向右运动过程中发生的现象，下列判断正确的是（）A.都是在小车突然停止时发生的B.都是在小车突然启动时发生的C.图甲所示的现象是小车在运动中突然停止或突然加速时发生的D.图乙所示的现象是小车在运动中突然停止或突然减速时发生的3.公交驾驶员进行驾驶技能比赛时，可通过一杯水来考验驾驶员的行车技术。

将一杯水静置在公交车的置物台上(如图)，司机正常行驶时突然刹车，杯中水可能发生的情况是（）A.仍保持水平B.将向前溢出C.将向后溢出D.会溢出，但不能确定溢出方向4.在甲、乙两艘遮蔽门窗的船上，分别观察到小球的运动情况如图所示(小球原来静止在光滑水平桌面中央)。

下列说法正确的是（）A.甲船向左做匀速运动，乙船静止B.甲船向右做匀速运动，乙船静止C.乙船可能静止也可能做匀速直线运动D.甲船可能静止也可能做匀速直线运动5.如图所示，吊在天花板下面的电灯处于静止状态，如果某一天，吊线突然间断开的同时，电灯所受外力全部消失，则电灯将（）A.竖直向上匀速运动B.竖直向下加速运动C.竖直向下匀速运动D.保持原来的静止状态6.关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）A.该定律是通过实验直接得到的B.该定律不能用实验证明，只是一种猜想C.该定律是在大量实验的事实基础上，通过推理概括出来的D.该定律可以用实验证明，因为它是力学的一个基本定律7.下列有关运动和力的说法中，正确的是( )A.力是维持物体运动的原因B.力只能改变物体运动的快慢，不能改变物体运动的方向C.一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态D.重力的方向总是竖直向上的8.人类对力与运动关系的认识经历了漫长而曲折的过程，下面是三位不同时代科学家的主要观点，这三种观点形成的先后顺序是( )A.①②③B.③①②C.②③①D.③②①9.下图所示事例中，运用了重力方向的是( )A.检查相框是否挂正B.用力拉弹簧C.往墙上敲钉子D.往前推箱子10.下列图像中，能正确反映“物体所受的重力跟它的质量的关系”的是( ) A.B.C.D.11.如图所示实验，表示力的作用效果( )A.与力的大小有关B.与力的方向有关C.与力的作用点有关D.与力的大小、方向和作用点都有关12.下图所示的运动情景中，最明显地反映出力使物体发生形变的是( )A.撑杆被运动员拉弯B.拉网改变排球运动方向C.踢出的足球能继续飞行D.蹬车在公路上疾驰13.为了践行“绿色环保”的生活理念，小张、小王、小李从同一地点A沿同一道路同时出发，最终都到到达点B，小张驾驶电瓶车以30千米/时的速度匀速前进，小王以5米/秒的速度跑步匀速前进，小李以每分钟0.6千米的速度骑自行车匀速前进，则( )A.小张先到达B地B.小王先到达B地C.小李先到达B地D.三人同时到达B地14.在研究水滴下落规律的实验中，打开水龙头让水一滴一滴下落，并用频闪照相机每隔0.1s拍摄了同一水滴下落时的不同位置，如图所示，由图可知，水滴下落0.3s内的平均速度是( )A.1.5m/sB.15m/sC.150m/sD.0.15m/s15.我国为了纪念反法西斯战争胜利70 周年在北京天安门广场举行了隆重的阅兵式。

初三螺旋定则练习题

初三螺旋定则练习题螺旋定则是初中物理学习中的重要内容之一，对于学生理解力的培养具有重要作用。

下面将给大家介绍一些初三螺旋定则练习题，相信对于加深对该知识点的理解将有所帮助。

练习题一：磁场方向与载流子运动方向的关系有一条长直导线，载流子在导线中顺时针方向运动，求该导线周围磁场的方向。

解析：根据螺旋定则，当载流子的运动方向与螺旋的上升方向一致时，磁场的方向为顺时针方向。

练习题二：磁场方向与磁感应强度的关系有一条通有电流的长直导线，求其周围磁场的磁感应强度。

解析：根据螺旋定则，磁感应强度的大小与载流子数目、电流大小和导线形状有关，可以使用安培定则来计算。

练习题三：电流方向与磁场方向的关系一根长直导线与一段导线平行放置，两者电流方向相反，求导线周围磁场的方向。

解析：根据螺旋定则，两导线的电流方向相反，所以磁场方向也相反。

练习题四：螺线管磁场方向的确定一根通有电流的螺线管，写出其周围磁场的方向。

解析：根据螺旋定则，如果将右手螺旋定则转动180度，则可以确定磁场方向。

练习题五：螺线管电流大小计算已知一根通有电流的螺线管的匝数为1000，磁感应强度为0.5T，求电流大小。

解析：根据螺旋定则，由于我们已知了磁感应强度和螺线管的匝数，可以使用螺线管电流表示的公式进行计算。

练习题六：磁感应强度大小计算一根通有电流的弯曲导线，形状如图所示。

求点A处的磁感应强度大小。

解析：根据螺旋定则，我们可以利用比利-萨伐尔定律进行计算，通过电流元来求解磁感应强度。

练习题七：磁感应强度大小计算一条长度为L的直导线绕成一圈，形成一个半径为R的线圈。

求线圈中心的点处的磁感应强度大小。

解析：根据螺旋定则，我们可以应用毕奥-萨伐尔定律进行计算，通过电流元来求解磁感应强度。

练习题八：力的方向确定有一个螺线管，通有电流I，被放置在磁感应强度为B的磁场中，求螺线管所受的力的方向。

解析：根据螺旋定则，我们可以利用洛伦兹力的公式进行计算，通过电流元、磁感应强度和磁场方向来确定力的方向。

右手螺旋定则专项练习

右手螺旋定则练习
1、请您标出以下各图中通电螺线管得Ｎ极
2、在下图中标出通电螺线管得Ｎ极与S极
1、分别标出通电螺线管与小磁针得N、S极。

2、判断螺线管中得电流方向
3、根据小磁针得偏转,标出螺线管中得电
流方向
1、根据小磁针静止时得指向,在图中标明螺线管中电流得方向与电源得正负极。

2、如图所示,请画出螺线管得绕法。

3、画出图1中小磁针
得转动方向与图2中
电源得正、负极。

1、如图所示得通
电螺线管,周围放
着能自由转动得
a、b、ｃ、d，当
它们静止时极性
正确得就是（N为
黑色)
2、在图16中标出电源得正、负极与甲、乙小磁针得磁极名称。

３、在图17中画出螺线管得绕法，闭合开关后,使小磁针静止不动。

2018届中考物理专项练习：右手握旋定则（含答案、全国通用）

2018届中考物理专项练习：右⼿握旋定则（含答案、全国通⽤）2018届中考物理专项练习：右⼿握旋定则（含答案、全国通⽤）⼀、单选题(本⼤题共9⼩题，共18.0分)1. 在下图中，能正确表⽰螺线管及静⽌⼩磁针的N极指向的是（）A. B. C. D.2. 我们知道地球⾃西向东绕地轴旋转，如果地球表⾯带电，则运动的电荷可以形成环⾏电流．设想地磁场是由地表带电产⽣的，那么地表的带电情况是（）A. 正电B. 南半球带负电，北半球带正电C. 负电D. 南半球带正电，北半球带负电3. 如图所⽰是温度⾃动报警器，当达到⼀定温度时，电铃发声报警．下⾯关于该温度报警器的说法不正确的是（）A. 由⾦属丝、⽔银、玻璃管构成的装置相当于报警电路中的⼀个“开关”B. 当温度达到98℃时电铃发声报警 C. 报警器利⽤到了⽔银热胀冷缩的性质 D. 报警时电磁铁的左端是N极4. 如图所⽰，能正确地表⽰出通电螺线管极性关系的是（）A. B. C. D.5. 在如图所⽰中，有条形磁铁和电磁铁，虚线表⽰磁感线，磁极甲、⼄、丙、丁的极性依次是（）A. S、N、S、SB. N、N、S、NC. S、S、N、ND. N、S、N、N6. ⼩红同学在做“探究电磁铁”实验中，使⽤两个相同的⼤铁钉绕制成电磁铁进⾏实验，如图所⽰，下列说法正确的是（）A. 电磁铁A的磁性⽐电磁铁B的磁性强B. 要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑⽚向右移动 C. 若将两电磁铁上部靠近，会相互排斥 D. B线圈的匝数多，通过B线圈的电流⼩于通过A线圈的电流7. 如图所⽰，正确的是（）A. 家庭电路的连接图B. 飞⾏的⾜球所受重⼒的⽰意图 C. 凸透镜对光线的作⽤ D. 通电螺线管周围的磁感线8. 下列说法错误的是（）A. 并联电路的⼲路电流等于各⽀路电流之和B. 使⽤精密仪器和改进实验⽅法可以避免误差C. ⽤安培定则可判断通电螺线管的极性D. 1kW?h=3.6×106J9. 如图所⽰，在通电螺线管（导线中箭头表⽰电流⽅向）附近放置的⼩磁针（⿊端为N极），静⽌时其指向正确的是（）A. B. C. D.⼆、多选题(本⼤题共2⼩题，共6.0分)10. 如图中⼩磁针的指向正确的是（）A. B. C. D.11. 如图所⽰，下列通电螺线管的左端为N极的是（）A. B. C. D.三、填空题(本⼤题共12⼩题，共24.0分)12. 如图所⽰的通电螺线管中，螺线管的左端为______极．13. 根据如图所⽰的电流⽅向，判断通电螺线管的左端是______极．14. 根据图中通电螺线管的电流⽅向，标出通电螺线管的磁感线⽅向和⼩磁针的N、S极．15.（1）2017年3⽉20⽇晚，⼩明家参与了合肥市“地球⼀⼩时”活动，在熄灯⼀⼩时的时间⾥，他家兆节省了0.5KW·h的电能，合________J．（2）⼀个⽤久了的⽩炽灯泡，其灯丝由于在⾼温下不断升华⽽变细，则返时灯丝的电阻⽐其崭新时________（选填“增⼤”、“减⼩”或“不变”）。

一轮优化探究物理(人教版)练习：第十章第2讲法拉第电磁感应定律自感涡流解析含答案

[课时作业] 单独成册方便使用[基础题组]一、单项选择题1．将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直．关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是( ) A ．感应电动势的大小与线圈的匝数无关 B ．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大 C ．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大 D ．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同解析：由法拉第电磁感应定律E ＝n ΔΦΔt 知，感应电动势的大小与线圈匝数有关，A 错误；感应电动势正比于ΔΦΔt，与磁通量的大小无直接关系，B 错误，C 正确；根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，即“增反减同”，D 错误．答案：C2.A 、B 两闭合圆形导线环用相同规格的导线制成，它们的半径之比rA ∶rB ＝2∶1，在两导线环包围的空间内存在一正方形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直于两导线环所在的平面，如图所示．在磁场的磁感应强度随时间均匀增大的过程中，下列说法正确的是( )A ．两导线环内所产生的感应电动势相等B ．A 环内所产生的感应电动势大于B 环内所产生的感应电动势C ．流过A 、B 两导线环的感应电流的大小之比为1∶4D ．流过A 、B 两导线环的感应电流的大小之比为1∶1解析：某一时刻穿过A 、B 两导线环的磁通量均为穿过磁场所在区域面积上的磁通量，设磁场区域的面积为S ，则Φ＝BS ，由E ＝ΔΦΔt ＝ΔB Δt S(S 为磁场区域面积)，对A 、B 两导线环，有E A E B ＝1，所以A 正确，B 错误；I ＝E R ，R ＝ρl S 1(S 1为导线的横截面积)，l ＝2πr ，所以I A I B ＝E A r B E B r A ＝12，C 、D 错误．答案：A3.如图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为n ，面积为S.若在t 1到t 2时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由B 1均匀增加到B 2，则该段时间线圈两端a 和b 之间的电势差φa －φb ( )A ．恒为2－B 1t 2－t 1B ．从0均匀变化到2－B 1t 2－t 1C ．恒为－2－B 1t 2－t 1D ．从0均匀变化到－2－B 1t 2－t 1解析：根据法拉第电磁感应定律，E ＝n ΔΦΔt ＝n2－B 1t 2－t 1，由楞次定律可以判断a 点电势低于b 点电势，所以a 、b 两点之间的电势差为－n 2－S 1t 2－t 1，C 项正确．答案：C4.(2018·贵州七校联考)如图所示，两根相距为l 的平行直导轨ab 、cd ，b 、d 间连有一定值电阻R ，导轨电阻可忽略不计．MN 为放在ab 和cd 上的一导体杆，与ab 垂直，其电阻也为R.整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度的大小为B ，磁场方向垂直于导轨所在平面(指向图中纸面内)．现对MN 施力使它沿导轨方向以速度v(如图)做匀速运动．令U 表示MN 两端电压的大小，则( ) A ．U ＝12Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由b 到dB ．U ＝12Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由d 到bC ．U ＝Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由b 到dD ．U ＝Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由d 到b解析：由右手定则可知，通过MN 的电流方向为N→M，电路闭合，流过电阻R 的电流方向由b 到d ，B 、D 项错误；导体杆切割磁感线产生的感应电动势E ＝Blv ，导体杆为等效电源，其电阻为等效电源内电阻，由闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律可知，U ＝IR ＝E 2R ·R＝12Blv ，A 项正确，C 项错误．答案：A5.如图所示，A 、B 是两个完全相同的灯泡，L 是自感系数较大的线圈，其直流电阻忽略不计．当开关K 闭合时，下列说法正确的是( ) A ．A 比B 先亮，然后A 熄灭B ．B 比A 先亮，然后B 逐渐变暗，A 逐渐变亮C ．A 、B 一齐亮，然后A 熄灭D ．A 、B 一齐亮，然后A 逐渐变亮，B 的亮度不变解析：开关闭合的瞬间，线圈由于自感阻碍电流通过，相当于断路，B 灯先亮，之后线圈阻碍作用减弱，相当于电阻减小，则总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，B 灯所在支路电流减小，B 灯变暗，A 灯所在支路电流增大，A 灯变亮．答案：B 二、多项选择题6.如图所示，闭合金属导线框放置在竖直向上的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度随时间变化．下列说法正确的是( )A ．当磁感应强度增加时，线框中的感应电流可能减小B ．当磁感应强度增加时，线框中的感应电流一定增大C ．当磁感应强度减小时，线框中的感应电流一定增大D ．当磁感应强度减小时，线框中的感应电流可能不变解析：线框中的感应电动势为E ＝ΔB Δt S ，设线框的电阻为R ，则线框中的电流I ＝E R ＝ΔB Δt ·SR，B 增大或减小时，ΔBΔt可能减小，也可能增大，也可能不变．线框中的感应电动势的大小只和磁通量的变化率有关，和磁通量的变化量无关．故选项A 、D 正确．答案：AD7.(2016·高考全国卷Ⅱ)法拉第圆盘发电机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P 、Q 分别与圆盘的边缘和铜轴接触．圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B 中．圆盘旋转时，关于流过电阻R 的电流，下列说法正确的是( )A ．若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定B ．若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a 到b 的方向流动C ．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D ．若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R 上的热功率也变为原来的2倍解析：由右手定则知，圆盘按如题图所示的方向转动时，感应电流沿a 到b 的方向流动，选项B 正确；由感应电动势E ＝12Bl 2ω知，角速度恒定，则感应电动势恒定，电流大小恒定，选项A 正确；角速度大小变化，感应电动势大小变化，但感应电流方向不变，选项C 错误；若ω变为原来的2倍，则感应电动势变为原来的2倍，电流变为原来的2倍，由P ＝I 2R 知，电流在R 上的热功率变为原来的4倍，选项D 错误．答案：AB8.如图所示，a 、b 两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长l a ＝3l b ，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则( ) A ．两线圈内产生顺时针方向的感应电流 B ．a 、b 线圈中感应电动势之比为9∶1 C ．a 、b 线圈中感应电流之比为3∶4 D ．a 、b 线圈中电功率之比为27∶1解析：由于磁感应强度随时间均匀增大，则根据楞次定律知两线圈内产生的感应电流方向皆沿逆时针方向，则A 项错误；根据法拉第电磁感应定律E ＝N ΔΦΔt ＝NS ΔB Δt ，而磁感应强度均匀变化，即ΔB Δt 恒定，则a 、b线圈中的感应电动势之比为E a E b ＝S a S b ＝l 2a l 2b ＝9，故B 项正确；根据电阻定律R ＝ρL S′，且L ＝4Nl ，则R a R b ＝l al b ＝3，由闭合电路欧姆定律I ＝E R 得，a 、b 线圈中的感应电流之比为I a I b ＝E a E b ·R bR a ＝3，故C 项错误；由功率公式P ＝I 2R 知，a 、b 线圈中的电功率之比为P a P b ＝I 2a I 2b ·R aR b＝27，故D 项正确．答案：BD[能力题组]一、选择题9.如图所示是利用交流电焊接某环形金属零件的原理示意图，其中外圈A 是通交流电的线圈，内圈B 是环形零件，a 是待焊的接口，接口处电阻较大，则下列说法不正确的是( )A ．当A 中通有交流电时，B 中会产生感应电动势，使得接口处金属熔化而焊接起来 B ．在其他条件不变的情况下，交流电频率越高，焊接越快C ．在其他条件不变的情况下，交流电频率越低，焊接越快D ．焊接过程中，接口a 处被熔化而零件的其他部分并不很热解析：交流电频率越高，磁通量变化率越大，由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势和感应电流越大，产生的热功率越大，焊接越快，选项A 、B 正确，C 错误；因为接口处电阻大，串联电路中电流处处相等，电阻大的地方产生的热量多，可将接口处熔化而零件的其他部分并不很热，选项D 正确．答案：C10．(2018·陕西渭南教学质量检测)如图所示，纸面内有一矩形导体线框abcd ，置于垂直纸面向里、边界为MN 的匀强磁场外，线框的ab 边平行磁场边界MN ，线框以垂直于MN 的速度匀速地完全进入磁场，线框上产生的热量为Q 1，通过线框导体横截面的电荷量为q 1.现将线框进入磁场的速度变为原来的两倍，线框上产生的热量为Q 2，通过线框导体横截面的电荷量为q 2，则有( )A ．Q 2＝Q 1，q 2＝q 1B ．Q 2＝2Q 1，q 2＝2q 1C ．Q 2＝2Q 1，q 2＝q 1D ．Q 2＝4Q 1，q 2＝2q 1解析：设ab 长为L ，ad 长为L′，则电动势E ＝BLv ，感应电流I ＝E R ＝BLv R ，产生的热量Q ＝I 2Rt ＝B 2L 2v 2R 2·R·L′v＝B 2L 2vL′R ，与速度成正比，所以Q 2＝2Q 1；通过导体横截面的电荷量q ＝I Δt ，I ＝E R ，E ＝ΔΦΔt，三式联立解得q ＝ΔΦR ＝BLL′R ，与速度无关，所以q 1＝q 2，选项C 正确．答案：C11.(多选)(2018·山东潍坊高三质检)半径为a 、右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度的电阻均为R 0.圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B.杆在圆环上以速度v 平行于直径CD 向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O 开始，杆的位置由θ确定，如图所示，则( )A ．θ＝0时，杆产生的感应电动势为2BavB ．θ＝π3时，杆产生的感应电动势为3BavC ．θ＝0时，杆受的安培力大小为2B 2avπ＋0D ．θ＝π3时，杆受的安培力大小为3B 2av π＋解析：根据法拉第电磁感应定律可得E ＝Blv ，其中l 为有效长度，当θ＝0时，l ＝2a ，则E ＝2Bav ；当θ＝π3时，l ＝a ，则E ＝Bav ，故选项A 正确，B 错误．根据通电直导线在磁场中所受安培力大小的计算公式可得F ＝BIl ，根据闭合电路欧姆定律可得I ＝Er ＋R ，当θ＝0时，l ＝2a ，E ＝2Bav ，r ＋R ＝(π＋2)aR 0，解得F ＝4B 2avπ＋0；当θ＝π3时，l ＝a ，E ＝Bav ，r ＋R ＝(5π3＋1)aR 0，解得F ＝3B 2avπ＋，故选项C 错误，D 正确．答案：AD 二、非选择题12.小明同学设计了一个“电磁天平”，如图甲所示，等臂天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，两臂平衡．线圈的水平边长L ＝0.1 m ，竖直边长H ＝0.3 m ，匝数为N 1.线圈的下边处于匀强磁场内，磁感应强度B 0＝1.0 T ，方向垂直线圈平面向里．线圈中通有可在0～2.0 A 范围内调节的电流I.挂盘放上待测物体后，调节线圈中电流使天平平衡，测出电流即可测得物体的质量．(重力加速度g 取10 m/s 2)(1)为使电磁天平的量程达到0.5 kg ，线圈的匝数N 1至少为多少？(2)进一步探究电磁感应现象，另选N 2＝100匝、形状相同的线圈，总电阻R ＝10 Ω，不接外电流，两臂平衡．如图乙所示，保持B 0不变，在线圈上部另加垂直纸面向外的匀强磁场，且磁感应强度B 随时间均匀变大，磁场区域宽度d ＝0.1 m ．当挂盘中放质量为0.01 kg的物体时，天平平衡，求此时磁感应强度的变化率ΔBΔt .解析：(1)线圈受到的安培力F ＝N 1B 0IL 天平平衡mg ＝N 1B 0IL 代入数据得N 1＝25. (2)由电磁感应定律得E ＝N 2ΔΦΔt即E ＝N 2ΔB ΔtLd 由欧姆定律得I′＝ER线圈受到的安培力F′＝N 2B 0I′L 天平平衡m′g＝N 22B 0ΔB Δt ·dL2R代入数据可得ΔBΔt ＝0.1 T/s.答案：(1)25 (2)0.1 T/s13．(2018·河南重点中学联考)如图所示，ab 、cd 为间距为l 的光滑倾斜金属导轨，与水平面的夹角为θ，导轨电阻不计，a 、c 间接有阻值为R 的电阻，空间存在磁感应强度为B 0、方向竖直向上的匀强磁场．将一根阻值为r 、长度为l 的金属棒从轨道顶端由静止释放，金属棒沿导轨向下运动的过程中始终与导轨接触良好．已知当金属棒向下滑行距离x 到达MN 处时已经达到稳定速度，重力加速度为g.求：(1)金属棒下滑到MN 的过程中通过电阻R 的电荷量； (2)金属棒的稳定速度的大小．解析：(1)金属棒下滑到MN 的过程中的平均感应电动势为 E ＝nΔΦΔt ＝B 0lxcos θΔt根据欧姆定律，电路中的平均电流为I ＝E R ＋r ＝B 0lxcos θ＋Δt则q ＝I Δt ＝B 0lxcos θR ＋r.(2)稳定时金属棒切割磁感线产生的感应电动势为E′＝B 0lvcos θ 电路中产生的电流为I′＝E′R ＋r金属棒受的安培力为F ＝B 0I′l 稳定时金属棒的加速度为零，则 mgsin θ－Fcos θ＝0联立解得稳定时金属棒的速度v＝＋θB 20l2cos2θ.答案：见解析。

(完整)初中物理电磁感应发电机知识点与习题(含答案)好,推荐文档

电流的磁效应电磁感应1.安培定律：表示电流和电流激发磁场的磁感线方向间关系的定则，也叫(1)通电直导线中的安培定则（安培定则一）：用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的环绕方向；(2)通电螺线管中的安培定则（安培定则二）：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N 极。

左手反之。

应用：电能转化为磁，可以用于人造磁铁等。

2. 法拉第电磁感应定律：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通变化率成正比。

右手定则：使大拇指跟其余四个手指垂直并且都跟手掌在一个平面内，把右手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，大拇指指向导体运动方向，则其余四指指向产生的感应电流的方向。

应用：将动能转化为电能，发电机。

3．安培力：电流导体在磁场中运动时受力。

左手定则：左手平展，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内。

把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心（手心对准N极，手背对准S极)，四指指向电流方向（既正电荷运动的方向）则大拇指的方向就是导体受力方向。

应用：通过磁场对电流的作用，将电磁能转化为机械能：电动机。

1．电磁感应现象：英国的物理学家法拉第在1831年发现了电磁感应现象，即闭合电路的一部分导体在磁场里做切割磁感应线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫做电磁感应。

2．感应电流：由电磁感应现象产生的电流。

(1)感应电流的方向跟磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。

(2)感应电流的产生条件：a.电路必须是闭合电路；b.只是电路的一部分导体在磁场中；c.这部分导体做切割磁感线运动（包括正切、斜切两种情况）。

3．交流发电机（1）原理：发电机是根据电磁感应现象制成的。

（2）能量转化：机械能转化为电能。

（3）构造:交流发电机主要由磁铁（定子）、线圈（转子）、滑环和电刷。

磁铁（定子）线圈（转子）滑环电刷4. 直流电与交流电：（1）方向不变的电流叫做直流电大小和方向作周期性改变的电流叫做交流电。

(完整版)右手螺旋定则专项练习

右手螺旋定则练习1.请你标出以下各图中通电螺线管的N极
2.在下图中标出通电螺线管的N极和S极
1.分别标出通电螺线管和小磁针的N、S极。

2. 判断螺线管中的电流方向
3.根据小磁针的偏转，标出螺线管中的电流方向
1.根据小磁针静止时的指向,在图中标明螺线管中电流的方向和电源的正负极。

2.如图所示，请画出螺线管的绕法。

3.画出图1中小磁针的转动方向和图2中电源的正、负极。

1.如图所示的通电螺线管，周围放着能自由转动的a、b、c、d，当它们静止时极性正确的是（N为黑色）
2. 在图16中标出电源的正、负极和甲、乙小磁针的磁极名称。

3. 在图17中画出螺线管的绕法，闭合开关后，使小磁针静止不动。

2018届中考物理专项练习：右手握旋定则(含答案、全国通用)-答案

2018届中考物理专项练习：右手握旋定则（含答案、全国通用）【答案】1. C2. C3. D4. D5. A6. C7. B8. B9. A 10. ABC11. BC12. N13. N14. 解：15.（1）1.8×106（2）增大偏小（3）热值 2.1×108（4）＞（5）A（6）60（7）1080（8）磁场对通电导体（线圈）有力的作用（9）不变变大（10）换用磁性更强的磁体或增加导体棒AB切割磁感应线的速度16. N17.（1）①温度②内能（2） 220 并联（3） 0.6 9 （4） 900 200 （5）变小变小（6） 24 600 （7） S 正18. 变亮；左19. 上；变大20. N；变短21. S（南）；增加22. 解：由右手螺旋定则可得，螺线管N极向右，则小磁针S极被吸引应靠近螺线管，N极向外，如图所示：23. N24. 解：电流从螺线管的左端流入右端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极．根据异名磁极相互吸引可以确定与螺线管右端N极靠近的是小磁针的S极，则小磁针的左端为S极．故答案见下图：25. 解：如图，电流从螺线管左侧流向右侧，用右手握住螺线管，使四指环绕的方向与电流的方向相同，此时拇指所指的一端就是螺线管的N极，故螺线管右端为N极，左端为S极。

磁感线在螺线管外部总是从N极指向S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端为N极，右端为S极，如图所示。

26. 解：小磁针的左端为S极，自由静止时靠近螺线管的右端，所以螺线管的右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的．利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入右端流出，从而可以确定电源的左端为正极，右端为负极．答案如下图所示：27. 解：①由图可知，通电螺线管的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则小磁针的右端为S极，左端为N极．②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的．③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极．故答案如图所示：28. 解：（1）根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断螺线管的上端是N极，下端是S极．（2）用右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指就是电流方向，可以判断电流从螺线管的上端流入．如图：29. 解：由图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，此时螺线管的右端为N极，左端为S极；在磁体外部，磁感线是从N极出来回到S极的，由磁极间的相互作用规律可知小磁针的右端为N极，如图所示：30. 解：电流从螺线管的右端流入、左端流出，结合线圈的绕向，根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向N极，由此可以确定螺线管的左端为N极、右端为S极．如图所示：31. 解：图中电流从右端流入螺线管，由右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极，右端为S极；因图中的磁感线呈排斥状，所以通电螺线管的右端与磁铁A的左端是同名磁极，则磁铁A的左端为S极；又因磁感线是从N极出来回到S极，故磁感线应指向S极，如图所示：32. 解：由图可知，闭合开关S后电流由右侧流入螺线管，则由右手螺旋定则可知螺线管左侧为N极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为S极，则小磁针的左端为N极．答案如图：33. 解：（1）根据电源的正负极可以确定电流从螺线管的左端流入，右端流出；再根据螺线管的绕向，结合安培定则即可确定螺线管的左端为N极，右端为S极．如图甲所示．在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极．由此可以确定磁感线的方向如图甲所示．（2）SA这条入射光线平行于主光轴，其经凸透镜折射后，折射光线过焦点．由此可以确定这条入射光线的折射光线．SB这条入射光线过焦点，过焦点的入射光线经过凸透镜折射后，平行于主光轴．由此可以确定SB的折射光线．故答案如下图乙所示．34. 解：（1）入射光线与主光轴平行，则经凸透镜折射后折射光线过焦点．（2）茶杯的重心可以认为是在它的中心上，从重心开始竖直向下画一条带箭头的线段表示出重力G．（3）根据右手定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的左端为N极．根据磁感线的方向，小磁针的左端为S极，右端为N极．故答案为：35. 解：（1）折射光线通过焦点来画，如图：（2）阻力F2从B竖直向下画；将F1用虚线延长为力的作用线，再从支点O向力的作用线引垂线，用大括号标出，表上力臂符号L1，如图：（3）根据右手螺旋定则，大拇指指向右端，所以右端为N极，左端为S极，如图：36. 解：如图，电源的左端是正极，说明电流从螺线管的左端流出、右端流入，根据安培定则知，螺线管的右端是N极，左端是S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以上面小磁针的左端是N极，右端是S极，即静止在P点的小磁针N极的指向向左，如下图所示．37. 解：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极．由图可知：螺线管中的电流方向是“前上后下”，则大拇指指向左端，所以左端是N极，右端是S极．答案如图：38. 解：螺线管的左端为N极，线圈绕向如图所示，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向是从右端流入，左端流出．故答案如下图所示：39. N；顺；变大40. 解：要使闭合开关后弹簧伸长，应使两磁铁相互吸引，则由磁极间的相互作用可知，电磁铁上端应为N极，则由右手螺旋定则可知，电流应由上端流入；故答案如图示：【解析】1.解：A、由安培定则知，通电螺线管的左端应为S极，故错误；B、由安培定则知，通电螺线管的左端应为S极，故错误；C、正确；D、由安培定则知，通电螺线管的左端应为N极，这一点是正确的，但在通电螺线管的上方的磁感线应是从左指向右的，小磁针的左端应为S极，故错误．故选C．根据磁感线的特点、安培定则和磁极间的相互作用规律判断各个选项．本题考查了磁感线的特点、安培定则和磁极间的相互作用规律的知识点．2.解：目前科学家认为地磁场是由于地球上电荷的定向移动形成的．我们知道地磁北极在地理南极附近，根据右手螺旋定则可以判断出电流方向是自东向西环绕的，这与地球自转方向相反．负电荷定向移动的方向是与电流方向相反的，所以地球带的是负电．故选C．目前科学家认为地磁场是由于地球上电荷的定向移动形成的，那么要判断地球带的是什么电荷，可利用右手螺旋定则判断出地球上的电流方向，然后根据电流方向与地球自转的方向关系判断出地球所带的电荷．本题考查了地球的带电情况，解答时需要根据右手螺旋定则和电流方向的规定进行判断．3.解：A、读图可知，由金属丝、水银、玻璃管构成的装置相当于报警电路中的一个“开关”，可控制电磁铁的工作情况，故A正确；B、读图可知，该温度计的分度值为1℃，金属丝下端指在96℃上面第2个小格上，因此金属丝下端所指的温度是96℃+2℃=98℃，即当温度达到98℃时左侧控制电路接通，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，使右侧电路接通，电铃发声报警，故B正确；C、图中左侧是水银温度计，利用了水银热胀冷缩的性质，故C正确；D、由图知，电流从电磁铁的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，报警时电磁铁的右端是N极，左端是S极，故D错误．故选D．该温度计的分度值为1，金属丝下端指在96℃上面第2个小格上，因此金属丝下端所指的温度是96℃+2℃=98℃；电磁铁中有电流通过时，产生磁性会把衔铁吸来过，电铃电路接通．利用安培定则可判断电磁铁的极性．该题考查了电磁继电器的工作原理的理解，以及安培定则的运用，是一道综合题，但难度不大．4.解：A、由安培定则可知，螺线管的右端应该是N极，左端为S极，故A错误．B、由用安培定则可知，螺线管的右端应该是S，左端为N，故B错误．C、与用安培定则可知，螺线管的右端应该是N极，左端为S极，故C错误．D、由安培定则，螺线管的右端应该是N极，左端为S极，故D正确．故选D．此题考查的是安培定则，安培定则的内容是：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就是螺线管的N极．由此可以确定四个选择项的正误．在解决这种类型的题目时，可先在螺线管的线圈上标上电流的方向，以确定四指的弯曲方向．另外，很容易出现用左手来代替右手的错误操作．5.解：图中电流方向从左端流入、右端流出，根据图示的线圈绕向和结合安培定则，从而可以确定电磁铁的左端为N极、右端为S极，即乙为N、丙为S；在磁体的周围，磁感线从磁体的N极发出，回到S极，所以永磁体甲的右端为S极；根据磁感线的形状可知，两者相斥，是同名磁极，所以永磁体丁的左端为S极．如图所示：综上分析，只有A正确，BCD错误．故选A．根据安培定则可以确定电磁铁的NS极，然后利用磁感线的特点即可确定永磁体甲丁的NS极．利用安培定则来确定电磁铁的N、S极是解决此题的突破口．6.解：A、由图可知B电磁铁吸引大头针数目多，所以B电磁铁的应该比A电信磁铁的磁性强，故A错误；B、要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑片向左移动，因为滑片左移动后电路中电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，故B错误；C、根据安培定则判断两个电磁铁的上部都是N极，下部都是S极，两个电磁铁的上部靠近会出现排斥现象，故C正确；D、A和B两个电磁铁串联在电路中，通过两个电磁铁的电流是相等的．故D错误．故选：C．（1）电磁铁的磁性无法直接观察，而是通过吸引大头针的多少来反映，吸引的大头针越多，电磁铁的磁性越强．（2）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯．在铁芯和电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强．（3）根据安培定则判断两个电磁铁的磁极，根据磁极间的相互作用，判断是相互吸引还是相互排斥．（4）串联电路中电流处处相等．掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性的影响因素．7.解：A、熔丝只在火线上接一根，在熔丝熔断后，家庭电路和火线断开，接触时不会发生触电事故．熔丝连接错误．开关控制灯泡时，火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套．这种连接方法，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏后，断开开关，切断火线，更换灯泡时更安全．如图连接，开关能控制灯泡，但是安全性很差．连接错误．不符合题意．B、足球的重心在足球的球心处，重力是方向竖直向下，从重心开始沿重力的方向画直线，在直线的末端画上箭头，表示力的方向．如图符合重力的示意图．符合题意．C、凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线，经过凸透镜应该靠拢主光轴．不符合题意．D、根据安培定则，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极，由此可以判断螺旋管的左端的N 极，右端是S极，根据磁体周围的磁感线都是从N极出发，进入S极．不符合题意．故选B．掌握熔丝的连接方法和开关控制灯泡的正确连接方法．掌握重力示意图的正确画法．根据凸透镜对光线有会聚作用进行判断．首先根据安培定则，由电流方向判断通电螺旋管的极性，然后根据磁体周围的磁感线都是由N极出发，进入S极，可以判断是否正确．本题考查了熔丝的连接方法、开关控制灯泡的连接方法、重力的示意图、凸透镜对光线的会聚作用、安培定则、磁感线，这些都属于基础知识，掌握基础才能顺利解题．8.解：A、由并联电路中电流的规律可知，并联电路的干路电流等于各支路电流之和；故A正确．B、误差是在测量过程中产生的测量值与真实值之间的差异，这种差异不同于错误，它是在测量方法正确的情况下产生的，只可以减小误差，却不能避免误差．故B错误；C、用右手握通电螺线管，四指指向电流方向，拇指指向就是N极，这是利用安培定则判断通电螺线管的极性，故C正确；D、1kW•h=1000W×3600s=3.6×106J，故D正确．故选B．（1）并联电路中干路电流等于各支路电流之和；（2）误差是在测量过程中产生的测量值与真实值这间的差异，这种差异不同于错误，它是在测量方法正确的情况下产生的，只可以减小，却不能避免．（3）由安培定则判断出磁场的方向，从而可判断电螺线管的极性．（4）1kW•h=3.6×106J．本题考查并联电路中电流特点，误差及其减小方法、安培定则（右手螺旋定则）等，是一道综合性较强的题目．9.解：A、根据安培定则可知，通电螺线管N极在右端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故A正确；B、根据安培定则可知，通电螺线管N极在上端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针上端为S极，下端为N极，故B错误；C、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故C错误；D、根据安培定则可知，通电螺线管N极在左端，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故D错误．故选A．用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向．右手螺旋定则为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用右手螺旋定则判断电流及磁极的关系．本题也可由电磁铁的磁场分布判断小磁针的指向．10.解：A、从图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故A正确；B、从图可知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故B正确；C、从图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；则内部磁感线向左，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故C正确；D、从图可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端应该是S极，右端是N极，故D错．故选ABC．从电源入手，先判断电流的流向，再利用安培定则可确定螺母管的极性，最后根据磁极间的相互作用，可判断小磁针静止时的指向．此题考查了安培定则和磁极间的作用规律的应用．安培定则中共涉及三个方向：①电流方向；②线圈绕向；③磁场方向；关于这方面的考查，一般是直接或间接告诉其中的两个，利用安培定则来确定第三个方向．11.解：A、据电流的方向和线圈的绕法，该通电螺线管右是N极，故A错误；B、据电流的方向和线圈的绕法，该通电螺线管左是N极，故B正确；C、据电流的方向和线圈的绕法，该通电螺线管左是N极，故C正确；D、据电流的方向和线圈的绕法，该通电螺线管右是N极，故D错误；故选BC．利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性．此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一．12.解：根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用右手螺旋定则，用右手握住导线，让四指指向电流方向，则大拇指指向左端，即螺线管的左端为N极．故答案为：N．根据螺线管中的电流方向，利用右手螺旋定则确定通电螺线管的两极．右手螺旋定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向为螺线管N极方向，在使用时要注意正确掌握右手的握法．13.解：电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为N（北）极．右端为S（南）极，如图所示：故答案为：N．利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性．此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一14.由右手螺旋定则知，通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由磁极间的相互作用规律知，小磁针的左端为N极，右端为S 极，磁感线在磁体外部是从N极发出，回到S极．本题考查了右手螺旋定则和磁极间的相互作用规律及磁感线的特点．右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极；磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．15.（1）【分析】根据1kW•h=3.6×106J，计算出其节约的电能。

初三物理右手螺旋定则专项培优训练

初三物理右手螺旋定则专项培优训练一．填空题（共4小题）1．如图所示，小磁针在纸面内能自由转动。

闭合开关后，通电螺线管的上端为极，则小磁针将沿方向转动。

（选填“顺时针”或“逆时针”）2．如图所示，条形磁铁置于水平面上，电磁铁与其在同一水平面上，右端固定并保持水平，当电路中滑动变阻器滑片P逐渐向左移动向左移动时，条形磁铁仍保持静止，在此过程中条形磁铁受到的摩擦力的大小（填“变大”、“变小”或“不变”），方向（填“水平向左”或“水平向右”）3．在探究通电螺线管外部磁场的实验中，采用了图1所示的实验装置，（1）当闭合开关S后，小磁针N极向发生偏转（填“左”或“右”），这里通电螺丝管与小磁针之间是通过发生力的作用。

（2）用铁屑来做实验，得到了如图2所示的情形，它与磁铁的磁场分布相似。

（3）为了研究通电螺线管的磁极性质，老师与同学们一起对螺线管可能的电流方向和绕线方式进行了实验，得到了如图所示的四种情况。

实验说明通电螺线管的磁极极性只与它的有关，且这个关系可以用判断。

二．作图题（共19小题）4．作图：标出如图所示各图中通电螺线管的正确绕线法，并标出N、S极5．如图，作出通电螺线管的电流方向和N、S极，并将静止时小磁针的N极涂黑。

6．如图所示，请标出通电螺线管中A点电流方向及小磁针的N、S极。

7．小磁针在如图所示位置静止，请在括号中标出小磁针的磁极。

8．如图所示，已知通电螺线管中的电流方向，请标出小磁针静止时的北极。

9．如图所示，能自由转动的小磁针在通电螺线管的上方静止，请在图中括号内标出小磁针右端的磁极。

10．小磁针静止在磁体旁，如图所示，标出小磁针的N极。

11．电磁铁通电后，小磁针静止时的指向如图所示。

请标出电磁铁上端的极性、磁感线的方向和静止时小磁针下端的极性。

12．如图所示，若将开关闭合后，静止在螺线管上方的小磁针将顺时针旋转180°，请画出通电螺线管的S、N极和小磁针此时左端的极性。

13．小磁针在通电螺线管产生的磁场中静止时，指向如图所示。

九年级物理——磁生电培优习题归纳(含答案)

一．选择题（共18小题）1．闭合电路中的一部分导体在磁场中做相对运动时，闭合电路中可能产生感应电流，图中所示的电流方向，其中正确的图是（）A．B．C．D．【分析】安培定则（右手螺旋定则）的判断方法：右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的方向为螺线管的N极。

右手定则判断的方法：伸开右手让拇指跟其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内，让磁感线垂直从手心进入，拇指指向导体运动的方向，其余四指指的就是感应电流的方向。

【解答】解：A、根据螺线管中的电流方向，结合安培定则可知，图中下端为磁体的N极、其上端为S极，则导体所在位置的磁感线方向向上；图中导体向上运动，没有切割磁感线，不会产生感应电流，故A错误；BC、根据螺线管中的电流方向，结合安培定则可知，图中上端为磁体的N极、其下端为S极，则导体所在位置的磁感线方向向下；再根据右手定则判断可知，当导体向右运动时，感应电流的方向应指向纸内，故B正确，C错误；D、根据螺线管中的电流方向，结合安培定则可知，图中下端为磁体的N极、其上端为S极，则导体所在位置的磁感线方向向上；再根据右手定则判断可知，当导体向左运动时，感应电流的方向应指向纸内，而图中是指向纸外，故D错误。

故选：B。

【点评】本题主要考查了右手螺旋定则和右手定则在磁场判断和电磁感应判断中的应用，要注意这两个定则的不同之处，并会观察图中的符号所表示的含义。

2．如图所示，用绝缘细线分别将铜棒ab、cd水平悬挂，置于磁场方向竖直的U形磁铁间，两铜棒间用柔软的细长导线连接成闭合回路，下列说法中正确的是（）A．左右移动ab，cd将会运动B．竖直上下移动ab，闭合回路abcd中有电流产生C．ab左右移动的方向，对cd运动的方向无影响D．ab运动方向不变，仅调换右侧磁铁磁极，cd运动方向不变【分析】（1）如图是一侧发生切割磁感线运动，整个电路中有电流，另一侧就成了通电导体在磁场中受力而运动，本图是发电机和电动机在一个电路中的应用。

2023年中考物理一轮复习卷(人教版)第二十章电与磁

第二十章电与磁综合测评卷一、单选题1．弹簧下端挂一磁体（下面的电磁铁电路没有连接好），如图所示，若把电路连接好，发现弹簧长度会变短，若要使滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧的长度变得更短，则变阻器接入电路的方式可以是（）A．C接E，B接F B．C接E，D接FC．A接E，D接F D．A接E，B接F2．我国高铁在节能技术上采用了再生制动方式，动车到站前先停止供电，由于惯性，动车维续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线产生感应电流，自动输入电网如图所示，与我国高铁在节能技术上运用的工作原理相同的是（）A．B．C．D．3．如图所示的四个装置可以演示不同的电磁现象，下列说法不正确的是（）A．如图，可以用来演示电流的磁效应B．如图，可以用来探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少的关系C．如图，可以用来演示磁场对通电导线的作用D．如图，可以用来演示电磁感应现象，根据该现象制成了电动机4．如图所示，下列有关电磁学的知识，说法错误的是（）A．甲图中，电动机运用了此原理，电动机将电能转化为机械能B．乙图使用测电笔时一定不能触碰金属笔尖C．丙图中，此实验证明了电流周围存在磁场D．丁图中，此实验证明了电磁铁磁性的强弱与线圈匝数有关5．如图所示的电路中，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法正确的是（）A．电磁铁的A端为S极B．小磁针静止时，S极水平指向右C．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性减弱6．一条形磁铁放在水平桌面上，处于静止状态，电磁铁置于条形磁铁附近并正对（如图所示）。

下列叙述中，正确的是（）A．闭合开关前，电磁铁与条形磁铁间没有力的作用B．闭合开关后，条形磁铁受到桌面向右的摩擦力C．闭合开关后，滑片P向a移动时电磁铁与条形磁铁间的作用力减小D．闭合开关后，滑片P向b移动过程中，若条形磁铁始终处于静止状态，则它受到桌面的摩擦力变大7．关于如图所示的实验装置，说法正确的是（）A．该装置能将电能转化为机械能B．该装置可用来研究磁场对通电导体的作用C．该装置可用来研究电磁感应现象D．该装置揭示的原理可应用于电动机8．如图所示，一个综合实践小组用一段漆包线绕成线圈abcd，用小刀刮两端引线的漆皮，一端全部刮去，另一端只刮去上半周或下半周。

苏科版初中物理九年级下册右手螺旋定则（详细解析考点分析名师点评）

右手螺旋定则一、选择题（共12小题）1、如图所示，甲为弹簧秤，乙为磁铁（上端是N极，下端是S极），当开关S闭合后，将弹簧秤自A向B水平移动时，弹簧秤的示数是（）A、逐渐增大B、逐渐减小C、先减少后增大D、先增大后减小2、如图所示，当电流通过弯曲导线时，线圈中心处的小磁针（）A、N极垂直纸面向里转B、N极垂直纸面向外转C、N极垂直面向上，下摆动D、小磁针不会动3、下列各图中，有错误的是（）A、B、C、D、4、根据通电螺线管周围存在磁场（如图甲）的实验事实，某同学对地磁场产生的原因提出了一个假说：地磁场是由绕地球的环形电流引起的．下图中符合他假说的模型是（）A、B、C、D、5、沿东西水平方向，上下放置的水平长直导线，分别通以大小相等，方向相反的电流，且O点位于两导线之间，如图所示．下列哪一个为O点的磁场方向（）A、向东B、向西C、向南D、向北6、如图，通电螺线管周围有四个静止的小磁针a、b、c、d，涂黑端表示N极，其中指向正确的是（）A、aB、bC、cD、d7、如图所示，通电螺线管周围能自由转动的小磁针a，b，c，d（黑色磁极为N极）已静止，指向正确的是（）A、小磁针aB、小磁针bC、小磁针cD、小磁针d8、如图所示，为电流及其磁场的磁感线分布图示，其中正确的是（）A、图（a）和图（b）B、图（b）和图（d）C、图（a）和图（d）D、只有图（c）9、如图所示的装置中，电源电压为6V，小灯泡上标有“6V 3W”字样，轻质弹簧的上端固定且与导线连接良好，当开关K断开时；弹簧下端恰能与水银槽里的水银面接触．则当开关K 闭合时（）A、小灯泡正常发光B、小灯泡不能发光C、小灯泡忽明忽暗D、以上三种情况都有可能10、如图所示，在一圆环形导线的中央放置一个小磁针，通入如图所示的电流时，下列说法中正确的是（）A、小磁针的N极转向纸内B、小磁针的N极转向纸外C、小磁针保持不动D、小磁针的N极在纸面内沿顺时间方向转动11、通电螺线管的磁场与小磁针发生相互作用，小磁针静止时如图，电源两极分别为A．b，通电螺线管的两端分别为C，d，下列说法正确的是（）A、a是正极，c是N极B、a是正极，c是S极C、a是负极，c是N极D、a是负极，c是S极12、如图为一阴极射线管接通电源后，K极射出电子流，水平流向A，若在其上方附近有一水平放置的直导线，导线中的电流从左向右，则电子流将（）A、向上偏转B、向下偏转C、向纸外偏转D、向纸内偏转二、填空题（共10小题）13、通过八年级物理课程的学习，同学们了解了我国宋代学者沈括在世界上最早研究并发现了磁偏角，现请你再写出课本中给你印象最深的另两位科学家及其在物理学中的一项主要贡献．（1）物理学家：_________，主要贡献：_________；（2）物理学家：_________，主要贡献：_________．14、通电螺线管周围的磁感线分布与_________相似，它两端的磁极与_________有关，可以用_________判断通电螺线管的极性跟电流方向的关系．15、在一次课外活动中，小红和小刚设计了如图4甲所示的实现当他们闭合开关S后，发现小磁针发生了偏转，这说明_________的周围存在着磁场．接着小红又想用该电路判断电源的正负极．经过讨论小刚找来了一个小铁钉，把导线的一部分绕在上面，制成了一个电磁铁连在电路中，当再次闭合开关S后，小孩针静止时N极的指向如图乙所示．据此他们判断出电源的_________端是正极（选填”a或“b”）16、实验表明，通电螺线管外部的磁场和_________周围的磁场十分相似，改变通电螺线管中的电流方向，通电螺线管的磁极将_________，这表明通电螺线管的磁极跟_________有关，它们间的关系遵循_________定则．17、通电螺线管的外部磁场和_________的磁场一样，它的极性跟_________、_________有关，这个关系可以用_________来判定．18、通电螺线管周围的磁场和_________的磁场一样，它两端的极性跟_________的方向有关，可以用_________来判定．其方法是用_________手握住通电螺线管，让_________的方向与电流的方向一致，那么大拇指所指的那端就是螺线管的_________．19、如图所示，在圆形线圈的中点有一小磁针，当通以由a到b的电流时，小磁针的北极将_________．20、通电螺线管外部的磁场和_________磁体外部的磁场一样，它的磁极可用_________来判定．21、如图所示，开关S闭合，螺线管的右端是_________极，要使它的磁性增强，可将滑片P向_________端移动．22、通电螺线管的外部磁场分布与_________磁铁的磁场分布十分相似，它的磁极可以用_________定则来判定．三、解答题（共8小题）23、（1）如图是人眼在A处看见河里潜水员头上的照明灯B的示意图，请画出光从照明灯射向人眼A的大致光路图，并在图上标出折射角β．（2）某中学科学探究小组设计了一个可改变磁性强弱的电磁铁，如上右图所示．请你用笔画线代替导线完成他们设计的电路，要求：①滑片向右移动时电磁铁的磁性增强；②通电后使电磁铁的左端为S极．24、铁棒和钢棒本来不能吸引钢铁，当磁体靠近它或与它接触时，它便有有了吸引钢铁的性质，也是被磁化了．软铁磁化后，磁性很容易消失，称为软磁性材料．而钢等物质在磁化后，磁性能够保持，称为硬磁性材料．硬磁性材料可以做成永磁体，还可用来记录声音．录音机的磁带上就附有一层硬磁性材料制成的小颗粒．录音时，声音先转变成强弱变化的电流，这样的电流通过录音磁头，产生了强弱变化的磁场．磁带滑过时，磁带上的小颗粒被强弱不同地磁化，于是记录了一连串有关磁性变化的信息（如图）．阅读上面文字，完成下列内容：（1）磁带上的_________记录了声音、图象等信息；录音机在把声信号变成磁信号的过程中，要先把声信号变成_________信号．（2）请根据上面的内容，提出一个物理问题并尝试解答提出的问题．示例：问题：什么是磁化？解答：使没有磁性的物体获得磁性的过程．问题：_________解答：_________（3）标出如图所示位置时刻，磁头线圈中的电流方向．25、科学研究经常需要猜想与假设．合理的猜想与假设不是主观臆测，它总伴随着理性的分析和科学的思考，并有待进一步的实验检验．（1）19世纪20年代，以塞贝克为代表的科学家已经认识到：温度差会引起电流．安培考虑到地球自转造成了太阳照射后地球正面与背面的温度差，于是提出如下假没：地球磁场是由绕地球的环形电流引起的．若规定地磁场N极与S极在地球表面的连线称为“磁子午线”（如图所示），则安培假设中的电流方向应该是（_________）A．由西向东垂直磁子午线；B．由东向西垂直磁子午线C．由南向北沿磁子午线；D．由北向南沿磁子午线（2）和物理学家们一样，在初中物理的科学探究中，我们经常要根据自己的经验和已有的知识进行猜想与假没，对某种物理现象作出试探性的解释．回顾你的物理学习历程，列举一个自己经历合理猜想并继而通过实验得到成功验证的学习案例，要求写出猜想的内容和依据，并简要说明实验验证的过程．26、如图所示，根据磁体及周围磁场分布情况，在图中标出通电螺线管的N、S极及电源的正负极．27、在图中，标出磁体的N，S极和磁感线的方向．28、奥斯特实验：（丹麦物理学家奥斯特）如图是奥斯特实验示意图，比较（a）与（b）可得出的实验结论是_________．比较（a）与（c）得出的实验结论是：_________．（2）、直线电流的磁场：直线电流产生的磁场中，磁感线是以导线为圆心排列的一层一层的_________．判断通电直导线周围磁场方向与电流方向的关系的方法：用_________手握住直导线，大拇指指向_________方向，四指弯曲的方向为_________方向．（安培定则）29、通电螺线管外部的磁场和_________的磁场一样，通电螺线管的两端相当于条形磁体的两个_________，它们的极性跟_________有关．30、根据如图中磁感线分布的形状和小磁针的指向，标出电磁铁的极性和磁感线方向，并把两根螺线管并联在电源两端．。

019右手螺旋定则专题复习

右手螺旋定则专题复习姓名：建议时间：10分钟实际用时：分数：一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分）1．如图所示，上端为S极的条形磁体悬挂在一轻弹簧上。

闭合开关条形磁体处于静止状态后，下端位于螺线管的上方。

下列措施可以使条形磁体向上运动的是（）A．滑片P向右缓慢移动B．在螺线管中插入铁芯C．增大电源电压D．将a、b间电源的正负极对换位置2．下列各项中，小磁针N极的指向和通电螺线管的磁感线方向均正确的是（）A．B．C．D．3．如图所示的“探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验中，想让电磁铁吸引更多的大头针，可行的做法是（）A．减少线圈的匝数B．用铜芯代替铁芯C．将滑片P向a端移动D．将滑片P向b端移动4．通电螺线管和磁体A磁极附近磁感线分布如图所示，小磁针处于静止。

则（）A．小磁针的b端为N极B．通电螺线管左端为N极C．电源“+”极为c端D．电源“+”极为d端5．小磁针静止时的指向如图所示，由此可知（）A．a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极B．a端是通电螺线管的N极，c端是电源负极C．b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极D．b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极6．如图所示，电磁铁上方附近有一点A，小磁针置于电磁铁的右方附近。

闭合开关S，下列判断正确的是（）A．电磁铁的左端为N极B．电磁铁上方A点的磁场方向向右C．小磁针静止后，其N极的指向向右D．向左移动滑片P，电磁铁的磁性减弱7．如图所示，闭合开关，条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片P从左往右滑动的过程中，弹簧将（）A．缩短B．伸长C．静止不动D．先伸长后缩短8．探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，按图所示电路进行实验，观察到电磁铁甲吸引大头针的数目比电磁铁乙多，此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（）A．线圈的匝数B．电流的大小C．电流的方向D．电磁铁的极性9．如图所示，在通电螺线管（导线中箭头表示电流方向）附近放置的小磁针（黑端为N极），静止时其指向正确的是（）A．B．C．D．10．如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（）A．通电螺线管的左端为N极B．小磁针一直保持静止C．小磁针的S极向右转动D．通电螺线管外A点的磁场方向向左二、填空与作图（共9小题，每空1分，计22分）11．丹麦物理学家通过物理实验发现通电导体周围存在磁场，是世界上第一个发现电与磁之间有联系的人。

2019届中考物理一轮复习右手螺旋定则课后作业

右手螺旋定则课后作业1．如图中小磁针的指向正确的是（）A． B． C．D．2．在图所示电路中，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动时，图中的电磁铁（）A．b端是N极，磁性减弱 B．b端是S极，磁性减弱C．a端是N极，磁性增强 D．a端是S极，磁性增强3．图中的两个线圈，套在一根光滑的玻璃管上．导线柔软，可自由滑动．开关S闭合后，则（）A．两线圈左右分开B．两线圈向中间靠拢C．两线圈静止不动D．两线圈先左右分开，然后向中间靠拢4．如图所示，不是通过比较得出结论的是（）A．判断通电螺线管的磁极B．探究滑动摩擦力与压力的关系C．探究两种电荷的相互作用D．探究重力势能与哪些因素有关5．法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于巨磁电阻（GMR）效应而荣获2007年诺贝尔物理学奖．如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图．实验发现，在闭合开关S1、S2且滑片P向右滑动的过程中，指示灯明显变暗，这说明（）A．电磁铁的左端为N极B．流过灯泡的电流增大C．巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显增大D．巨磁电阻的阻值与磁场的强弱没有关系6．（1）根据如图1所示的电流方向，判断并标出通电螺线管的两极．（2）如图2，请将三孔插座连接在家庭电路中．右手螺旋定则参考答案1．解：A、从图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故A正确；B、从图可知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故B正确；C、从图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；则内部磁感线向左，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故C正确；D、从图可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端应该是S极，右端是N极，故D错．故选ABC．2．解：（1）由于电源的右端为正极，左端为负极，所以电磁铁中电流方向是从右端流入、左端流出．结合线圈绕向利用安培定则可以确定电磁铁的右（b）端为N极，左（a）端为S极．（2）当滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路中的电流减小．在线圈匝数和铁芯不变的情况下，电磁铁的磁性减弱．故选A．3．解：根据安培定则判断，L线圈的左端为S极，右端为N极，P线圈的左端也是N极，右端也是S极，也就是说，中间靠近的位置，两线圈的极性相同，因为同名磁极互相排斥，则这两个线圈相互排斥而左右分开．故选：A．4．解：A、通电螺线管的磁极与电流的关系，可以应用安培定则直接判断，不是比较得出．符合题意；B、滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，研究压力对摩擦力的影响时，保持粗糙程度相同，压力不同，比较两种情况下拉力的大小，得到摩擦力与压力的关系，通过比较得出结论．不符合题意；C、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电的玻璃棒和橡胶棒分别靠近带电的玻璃板，看到的现象不同，可以说明电荷之间的相互作用．不符合题意．D、为了探究重力势能与质量的关系，实验中采用质量不同的小球，从同一高度由静止滚下，通过比较可以得到结论，物体的质量越大，高度越高，具有的重力势能越大，不符合题意；故选A．5．解：A、利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极．A正确．B、在闭合开关S1、S2且滑片P向右滑动的过程中，指示灯明显变暗，右侧电路电流变小．故B错误．C、通电螺线管的磁性减弱时，右边电路中的指示灯明显变暗，则说明右边电路的电流变小了，巨磁电阻的电阻变大了，即巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而变大，故C正确．D、由上述分析可知巨磁电阻的阻值与磁场的强弱有关，故D错误；故选AC．6．解：（1）用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极．由图可知：螺线管中的电流方向是“前上后下”，则大拇指指向左端，所以左端是N极，右端是S极．答案如图：（2）为了安全，开关接在火线上，三孔插座中上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如下图：。

2025届高考物理一轮复习课后习题第1讲磁场的描述磁场对通电导线的作用力

第十一章磁场第1讲磁场的描述磁场对通电导线的作用力基础对点练题组一磁场的描述1.(2024广西钦州模拟)关于磁感应强度,下列说法正确的是( ) A.由B=FIL 可知,B 与F 成正比,与IL 成反比B.从运动电荷所受洛伦兹力出发有B=F qv,把此式与E=F q相比较,我们可以更深刻地认识磁现象,“它只与运动电荷有关,表现为定义式中反映运动的物理量v ” C.磁感应强度的大小在数值上等于穿过单位面积的磁通量D.一小段通电导线在某处所受磁场力的方向,与该处磁感应强度的方向相同2.四根长直导线通有相同大小的电流,导线的截面是正方形的四个顶点,其中L 1、L 2导线电流垂直纸面向里,L 3、L 4导线电流垂直纸面向外,每根导线在中心O 处产生的磁感应强度大小均为B ,则O 点的磁感应强度是( )A.大小为2B ,指向L 1B.大小为4B ,指向L 1、L 4连线中点C.大小为2√2B ,指向L 1、L 4连线中点D.大小为√2B ,指向L 2、L 3连线中点题组二磁场对通电导线的作用力3.一不可伸长直导线垂直于匀强磁场B 放置,通过电流I 时导线受到的安培力为F ,将该导线做成半圆环,圆环平面仍垂直于匀强磁场放置,如图所示,并保持安培力不变,则圆环中电流大小为( )A.IB .π2IC .πID .2π3I4.(2024广东梅州模拟)如图所示,一光滑绝缘的圆柱体固定在水平面上。

导体棒AB 可绕过其中点的转轴在圆柱体的上表面内自由转动,导体棒CD 固定在圆柱体的下底面。

开始时,两导体棒相互垂直并静止,两导体棒中点O 1、O 2连线与圆柱体的中轴线重合。

现对两导体棒同时通入图示方向(A 到B 、C 到D )的电流。

下列说法正确的是( )A.通电后,导体棒AB仍将保持静止B.通电后,导体棒AB将逆时针转动(俯视)C.通电后,导体棒AB将顺时针转动(俯视)D.通电瞬间,线段O1O2上存在磁感应强度为零的位置5.在方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中,当金属棒ab中通以恒定电流I且金属棒静止时,两细线偏离竖直方向的偏角均为θ,如图所示。

物理一轮复习专题40 磁场的描述磁场对通电导线的作用力(讲)(含解析)

专题40 磁场的描述磁场对通电导线的作用力1.知道磁感应强度的概念及定义式，并能理解与应用。

2.会用安培定则判断电流周围的磁场方向.3.会用左手定则分析解决通电导体在磁场中的受力及平衡类问题．一、磁场、磁感应强度 1．磁场(1)基本特性：磁场对处于其中的磁体、电流和运动电荷有磁场力的作用．（2）方向:小磁针的N 极所受磁场力的方向，或自由小磁针静止时北极的指向． 2．磁感应强度（1）物理意义:描述磁场的强弱和方向． (2）大小:ILFB(通电导线垂直于磁场）．（3）方向:小磁针静止时N 极的指向． (4)单位：特斯拉（T ）． 3．匀强磁场（1)定义：磁感应强度的大小处处相等、方向处处相同的磁场称为匀强磁场． (2）特点匀强磁场中的磁感线是疏密程度相同的、方向相同的平行直线． 4．磁通量(1)概念：在磁感应强度为B 的匀强磁场中，与磁场方向垂直的面积S 与B 的乘积．（2)公式:Φ＝BS .深化拓展（1)公式Φ＝BS 的适用条件：①匀强磁场；②磁感线的方向与平面垂直．即B ⊥S . (2)S 为有效面积．(3）磁通量虽然是标量，却有正、负之分． (4）磁通量与线圈的匝数无关．二、磁感线、通电导体周围磁场的分布1．磁感线：在磁场中画出一些有方向的曲线,使曲线上各点的切线方向跟这点的磁场方向一致． 2．条形磁铁和蹄形磁铁的磁场磁感线分布（如图所示）3．电流的磁场直线电流的磁场通电螺线管的磁场环形电流的磁场特点无磁极、非匀强，且距导线越远处磁场越弱与条形磁铁的磁场相似，管内为匀强磁场且磁场最强,管外为非匀强磁场环形电流的两侧是N极和S极，且离圆环中心越远,磁场越弱安培定则立体图横截面图4.(1）磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向．（2)磁感线的疏密定性地表示磁场的强弱，在磁感线较密的地方磁场较强；在磁感线较疏的地方磁场较弱．(3)磁感线是闭合曲线,没有起点和终点．在磁体外部，从N极指向S极；在磁体内部，由S极指向N极．(4）同一磁场的磁感线不中断、不相交、不相切．(5)磁感线是假想的曲线,客观上不存在．三、安培力、安培力的方向匀强磁场中的安培力1．安培力的大小（1）磁场和电流垂直时，F＝BIL.(2）磁场和电流平行时:F＝0.2．安培力的方向(1）用左手定则判定：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内．让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．（2）安培力的方向特点:F⊥B，F⊥I，即F垂直于B和I决定的平面．考点一安培定则的应用和磁场的叠加1．安培定则的应用在运用安培定则判定直线电流和环形电流的磁场时应分清“因"和“果”。

物理一轮复习考点33电磁感应现象磁通量楞次定律练习含解析

考点33 电磁感应现象磁通量楞次定律题组一基础小题1。

如图所示，半径为R的圆形单匝线圈a内有一单匝内接三角形线圈b，两线圈彼此绝缘，磁感应强度大小为B的匀强磁场的边缘与三角形线圈b重合，则穿过a、b两线圈的磁通量之比为()A．1∶1 B．1∶2C．4错误!π∶9 D．9∶4错误!答案A解析磁通量Φ＝BS,S为有效面积，从题中可以看出两个图形的有效面积是相等的，所以穿过a、b两线圈的磁通量之比为1∶1，故A正确.2．现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关按如图所示连接。

下列说法中正确的是（)A．开关闭合后，线圈A插入或拔出线圈B,都会引起电流计指针偏转B．线圈A插入线圈B中后，开关闭合和断开的瞬间，电流计指针均不会偏转C．开关闭合后,滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电流计指针静止在中央零刻度D．开关闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转答案A解析开关闭合后，线圈A插入或拔出线圈B，都会引起穿过线圈B的磁通量的变化，产生感应电流，从而使电流计指针偏转,A正确;线圈A插入线圈B中后，开关闭合和断开的瞬间,穿过线圈B的磁通量会发生变化，电流计指针会偏转，B错误;开关闭合后，滑动变阻器的滑片P无论匀速滑动还是加速滑动,都会导致线圈A中的电流变化，使穿过线圈B的磁通量发生变化,由楞次定律可知，电流计指针都会发生偏转，C、D错误.3．下图中能产生感应电流的是（）答案B解析根据产生感应电流的条件知:A中，回路没闭合，无感应电流；B中，磁感应强度不变，面积增大，闭合回路的磁通量增大,有感应电流；C中,穿过线圈的磁感线相互抵消，磁通量恒为零，无感应电流;D中，磁通量不发生变化,无感应电流。

4．如图所示，在一水平固定的闭合导体圆环上方,有一条形磁铁(N极朝上，S极朝下）由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向(从上向下看）,下列说法正确的是（）A．总是顺时针B．总是逆时针C．先顺时针后逆时针D．先逆时针后顺时针答案C解析由条形磁铁的磁场分布可知，磁铁下落的过程,闭合圆环中的磁通量始终向上，并且先增加后减少，由楞次定律可判断出，从上向下看时，闭合圆环中的感应电流方向先为顺时针后为逆时针,C正确。

2020年高考物理《右手定则、楞次定律、法拉第电磁感应定律》专项练习及答案解析

高考物理《右手定则、楞次定律、法拉第电磁感应定律》专项练习1．如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外。

一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1(左)匀速运动到位置2(右)，则( )A．导线框进入磁场时，感应电流方向为a→b→c→d→aB．导线框离开磁场时，感应电流方向为a→d→c→b→aC．导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D．导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平向左【答案】 D【解析】线框进入磁场时，磁通量增大，因此感应电流形成的磁场方向垂直纸面向里，由右手螺旋定则可知感应电流方向为a→d→c→b→a，此时，只有线框的cd边受到安培力作用，根据左手定则可知，安培力方向水平向左，故A错误，D正确。

线框离开磁场时，磁通量减小，因此感应电流形成的磁场方向向外，由右手螺旋定则可知感应电流方向为a→b→c→d→a，此时，只有线框的ab边受到安培力作用，根据左手定则可知，安培力方向水平向左，故B、C错误。

2.(多选)如图甲所示，等离子气流由左方连续以速度v0射入M和N两板间的匀强磁场中，ab直导线与M、N 相连接，直导线cd与线圈A在同一回路中，线圈A内有如图乙所示变化的磁场，且在同一回路中规定向左为磁感应强度B的正方向，则下列叙述正确的是( )A．0～1 s内ab、cd导线互相排斥B．1～2 s内ab、cd导线互相吸引C．2～3 s内ab、cd导线互相吸引D．3～4 s内ab、cd导线互相排斥【答案】BD【解析】根据左手定则，可判定等离子气流中的正离子向上极板M偏转，负离子向下极板N偏转，所以ab中电流方向是由a流向b。

在0～2 s内，线圈A内磁感应强度方向向左，磁感应强度增大，则磁通量向左增大，由楞次定律可知感应电流的方向是由c流向d，根据ab、cd中电流的方向关系，可知两导线相互吸引，A 错误，B 正确；在2～4 s 内，线圈A 内磁感应强度方向向左，磁感应强度减小，磁通量向左减小，由楞次定律可知感应电流的方向是由d 流向c ，根据ab 、cd 中电流的方向关系，可知两导线相互排斥，C 错误，D 正确。