2020-2021学年高考理综(物理)模拟试题及答案解析
2020-2021学年浙江省高考理综(物理)仿真模拟试题及答案解析
新课标最新年浙江省高考理综（物理）高考仿真模拟卷第I 卷(选择题部分,共20小题，每小题6分，共120分)可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Al-27 Cl-35.5 Ti-48 Fe-56Br-80 Ag-108一、选择题（本题共17小题。
每小题只有一个选项是符合题目要求的）14．风速仪的原理如图所示，滑块穿在水平横杆上并可沿杆左右滑动，它的下端通过一根细线与球相连，在水平持续风力作用下，球向右偏离，此时滑块与球均处于静止状态。
若水平持续风力增大，细线偏离竖直方向的角度将缓慢增大，这一过程中滑块始终保持静止，则A ．滑块对杆的压力增大B ．滑块受到杆的摩擦力增大C ．球受到细线的拉力大小不变D ．球所受各力的合力增大15．如图所示为太空空间站中模拟地球上重力的装置，环形实验装置的外侧壁相当于“地板”。
已知地球表面重力加速度为g ，装置的外半径为R 。
让环形实验装置绕O 点旋转，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，则旋转角速度应为A.gRB.RgC ．2gRD. 2R g16．如图所示，质量为m 、电荷量为+q 的小球处于电场强度为E 的匀强电场中，以初速度v 0沿直线ON 做匀变速运动，直线ON 与水平面的夹角为30°，设小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为g ，且mg ＝qE ，则A ．电场方向竖直向上B ．小球运动的加速度大小为gC ．小球上升的最大高度为v 22gD ．小球电势能的最大值为mv 20217．如图所示，a 、b 两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v 0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等，斜面底边长是其竖直高度的2倍，若小球a 能落到半圆轨道上，小球b 能落到斜面上，则A ．b 球一定先落在斜面上B ．a 球可能垂直落在半圆轨道上C ．a 、b 两球可能同时落在半圆轨道和斜面上D ．a 、b 两球不可能同时落在半圆轨道和斜面上二、选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。
2021年高考物理考点模拟题(必修一)专题1.14 自由落体运动(基础篇)(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第一部分直线运动专题1.14．自由落体运动（基础篇）一．选择题1. （2020河北湖北联考）将一小球从空中某处自由下落至地面，若其最后1 s的位移是第1 s的n倍，则物体下落时间为（忽略空气阻力）A. (n+1)sB. (n−1)sC. sD. s【参考答案】C【名师解析】设物体下落时间为t，根据自由落体运动规律h=12gt2，第1s的位移为h1=12g，最后1 s的位移是h-h n-1=12gt2-12g(t-1)2，最后1 s的位移是第1 s的n倍，h-h n-1=n h1，联立解得t=s，选项C正确。
2. 伽利略对“自由落体运动”和“运动和力的关系”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。
图（a）、（b）分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法正确的是A. 图（a）中先在倾角较小的斜面上进行实验，其目的是使时间测量更容易B. 图（a）通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速直线运动C. 图（b）中完全没有摩擦阻力的斜面是实际存在的，实验可实际完成D. 图（b）的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力来维持【参考答案】AD【名师解析】伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，来“冲淡”重力得作用效果，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量。
伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推。
故A正确，B错误；实际中没有摩擦力的斜面并不存在，故该实验无法实际完成，故C错误；伽利略用抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法得到物体的运动不需要力来维持，故D正确。
2021年高考物理考点模拟题(必修一)专题1.16 与实际结合的直线运动(基础篇)(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第一部分直线运动专题1.16．与实际结合的直线运动（基础篇）一．选择题1．（2020河南开封一模）在我国新交通法中规定“车让人”，驾驶员驾车时应考虑到行人过马路的情况．若有一汽车以8 m/s的速度匀速行驶即将通过路口，此时正有行人在过人行横道，而汽车的前端距停车线8 m，该车减速时的加速度大小为5 m/s2．下列说法中正确的是A．驾驶员立即刹车制动，则至少需2 s汽车才能停止B．在距停车线7.5 m处才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处C．若经0.25 s后才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处D．若经0.2 s后才开始刹车制动，汽车前端恰能止于停车线处【参考答案】.D【命题意图】本题以新交通法规中“车让人”切入，考查匀变速直线运动规律的运用及其相关知识点，考查的核心素养是“运动和力”的观点。
【解题思路】对汽车刹车，由匀变速直线运动规律，v=at，解得：t=1.6s，即驾驶员立即刹车制动，至少需要t=1.6s汽车才能停止，选项A错误；由v2=2as，可得汽车刹车距离s=6.4m，所以在距离停车线x=8m-6.4m=1.6m处才开始刹车制动，汽车前端恰能停止于停车线处，选项B错误；若经过t=0.25s后才开始刹车制动，则此时汽车的前端距离停车线的距离为L=8m-8×0.25m=6m，小于汽车刹车距离s=6.4m，所以若经过t=0.25s后才开始刹车制动，汽车前端停止于超过停车线处0.4m，选项C错误；若经过t=0.20s 后才开始刹车制动，则此时汽车的前端距离停车线的距离为L=8m-8×0.20m=6.4m，恰好等于汽车刹车距离s=6.4m，所以若经过t=0.20s后才开始刹车制动，汽车前端恰能停止于停车线处，选项D正确。
【易错警示】解答此题常见错误主要有：一是对题中选项中的至少、恰能理解掌握不到位；二是对匀变速直线运动规律不能灵活运用。
2021年高考物理考点模拟题(必修一)专题2.7 静态平衡问题(基础篇)(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第二部分 相互作用 专题2.7．静态平衡问题（基础篇）一．选择题1．（2020贵州铜仁市一模）某体育场看台的风雨棚是钢架结构的，两侧倾斜钢柱用固定在其顶端的钢索拉住，下端用较链与水平地面连接，钢索上有许多竖直短钢棒将棚顶支撑在钢索上，整个系统左右对称，结构简化图如图所示。
假设钢柱与水平地面所夹锐角为60°，钢索上端与钢柱的夹角为30°，钢索、短钢棒及棚顶的总质量为m ，重力加速度为g 。
则钢柱对钢索拉力的大小为A.21mg B.mg C.3mgD.2mg【参考答案】B【命题意图】 本题以体育场风雨棚为情景，考查平衡条件，考查的核心素养是“运动和力”的观点。
【解题思路】把钢索、短钢棒和棚顶看作整体，分析受力，受到竖直向下的重力mg ，两侧钢柱对钢索的拉力F ，根据等大二力的合力公式可得2Fcos60°=mg ，解得F=mg ，选项B 正确。
【模型探讨】此题可以把钢索、短钢棒和棚顶整体抽象为质点，画出受力分析图，如图所示，事半功倍，迎刃而解。
2. （2020江苏南通泰州一模）如图所示，一小球固定在轻杆上端，AB 为水平轻绳，小球处于静止状态，则杆对小球的作用力方向可能是( )A. F 1B. F 2C. F 3D. F 4【参考答案】BC 【名师解析】小球处于静止状态，则杆对小球的作用力方向在重力与绳子拉力夹角的对顶角范围内（不含水平方向），如图所示；所以杆对小球的作用力方向可能是F 2和F 3，故BC 正确、AD 错误。
【关键点拨】。
小球处于静止状态，根据平衡条件确定杆对小球的作用力可能的方向。
本题主要是考查了共点力的平衡问题，对应三力平衡，其中任何一个力都和另外两个力的合力平衡。
3. （2020贵州安顺市3月调研）如图所示，斜面体置于粗糙水平面上，一质量为m 的滑块放在倾角为θ ，动摩擦因数为μ的斜面上恰好静止，现对滑块施加一竖直向下的力F,则下列说法中不正确的是（ ）A.滑块仍然保持静止B. 斜面对小球的摩擦力变大C. 斜面对地面的压力变大D. 地面对斜面的摩擦力变大【参考答案】D 【名师解析】对小滑块受力分析：重力mg,斜面对滑块的支持力N,静摩擦力f;由题目可得：未对滑块施加F 时，cos sin mg mg μθθ= ，现对滑块施加竖直向下的F,可等效看为增加滑块的质量，仍然满足m cos sin g m g μθθ''= ，故滑块仍然保持静止，A 正确，但不符合题意；.施加F 后，相当于增大滑块的质量，故斜面对滑块的摩擦力变大，B 正确，但不符合题意；.施加F 后，把滑块及斜面看着一个整体，相当于整体质量变大，故斜面对地面的压力变大；C 正确，但不符合题意；把滑块和斜面看作整体，受到重力、地面支持力和竖直向下的力F ，由于这三力均在竖直方向，所以地面对斜面的摩擦力为零，选项D 不正确。
2021年高考物理考点模拟题(必修二)专题5.8 双星问题(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第五部分 万有引力定律和航天专题5.8双星问题一．选择题1. （2020河南顶级名校4月联考）如图所示，双星系统由质量不相等的两颗恒星组成，质量分别是M 、m(M> m).他们围绕共同的圆心O 做匀速圆周运动。
从地球A 看过去，双星运动的平面与AO 垂直,AO 距离恒为L.观测发现质量较大的恒星M 做圆周运动的周期为T ,运动范围的最大张角为θ∆(单位是弧度)。
已知引力常量为G , θ∆很小，可认为sin tan θθθ∆=∆=∆，忽略其他星体对双星系统的作用力。
则A.恒星mB.恒星m 的轨道半径大小为2ML m θ∆ C.恒星m 的线速度大小为ML mTπθ∆D.两颗恒星的质量m 和M 满足关系式32322()()2m L m M GTπθ∆=+ 【参考答案】BCD【名师解析】质量较大的恒星M 做圆周运动的周期为T ，其角速度ω=2π/T ，双星系统中其角速度相等，所以恒星m 的角速度大小为ω=2T π，选项A 错误；由图中几何关系可得M 的轨道半径R=L·tan （2θ∆）≈L △θ/2，双星系统运动，万有引力提供向心力，()2GMmR r +=MRω2=m rω2，解得恒星m 的轨道半径大小为r=MR/m =ML △θ/2m ，选项B 正确；恒星m 的线速度大小为v=rω=ML mTπθ∆，选项C 正确；由()2GMmR r +=MRω2=m rω2，解得m=()22R R r G ω+，M=()22r R r G ω+，所以两颗恒星的质量m 和M 满足关系式32322()()2m L m M GT πθ∆=+，选项D 正确。
2.（2020北京平谷一模） 2019年的诺贝尔物理学奖于10月8日公布，有一半的奖金归属了一对师徒——瑞士的天文学家Michel Mayor 和Didier Queloz ，以表彰他们“发现了一颗围绕类太阳恒星运行的系外行星”。
2020—2021年最新高考理综(物理)押题卷及参考答案.docx
新课标2018年高考理综（物理）模拟试题一、选择题1．如图所示，楔形凹槽的截面是一个直角三角形ABC，∠CAB=30°，∠ABC=90°∠ACB=60°，在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，其对凹槽的AB边的压力为F1，对BC边的压力为F2，则的值为（）A．B．C．D．2．某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此判断下列四个选项中正确的是（F表示物体所受合力）（）A．B．C．D．3．2014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持．特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合大量关键技术．如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图．“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动．卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则下列说法正确的是（）A．卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为gB．如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速C．卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为D．若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大4．如图所示，正四面体棱长为a，A、B、C、D是其四个顶点，现在A、B两点分别固定电荷量均为Q的正、负点电荷，静电力常量为k，棱CD的中点为E，则下列说法正确的是（）A．E点的场强大小为B．正电荷在C点处的电势能大于在D点处的电势能C．将一负电荷从C点沿直线移动到D点，电场力先做正功后做负功D．将一正电荷从A点沿直线移动到E点再沿直线移动到B点，正电荷的电势能先增大后减小5．如图所示，竖直放置的两块很大的平行金属板a、b，相距为d，a、b间的电场强度为E，今有一带正电的微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入电场，当它飞到b板时，速度大小不变，而方向变为水平方向，且刚好从高度也为d的狭缝穿过b 板进入bc区域，bc区域的宽度也为d，所加电场的场强大小为E，方向竖直向上，磁感应强度方向垂直纸面向里，磁感应强度大小等于，重力加速度为g，则下列说法不正确的是（）A．微粒在ab区域的运动时间为B．微粒在bc区域中做匀速圆周运动，圆周半径r=2d C．微粒在bc区域中做匀速圆周运动．运动时间为D．微粒在ab、bc区域中运动的总时间为6．如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为1100，次级线圈的匝数为55，初级线圈两端a、b接正弦交流电源，在原线圈前串接一个电阻R0=121Ω的保险丝，电压表V的示数为220V，如果负载电阻R=5.5Ω，各电表均为理想电表，则（）A．电流表A的示数为1AB．变压器的输出电压为5.5VC．保险丝实际消耗的功率为1.21WD．负载电阻实际消耗的功率为22W7．如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动，则在b下降h高度（a 未与滑轮相碰）过程中下列说法正确的是（）A．物块a重力势能增加mghB．物块b的机械能减少mghC．摩擦力对a做的功大于a机械能的增加D．摩擦力对a做的功等于物块a、b系统机械能增加两量8．如图所示，虚线框内为某种电磁缓冲车的结构示意图，其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的“U”框型缓冲车厢，在车厢的底板上固定着两个水平绝缘导轨PQ、MN，车厢的底板上还固定着电磁铁，能产生垂直于导轨平面并随车厢一起运动的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B．设导轨右端QN是磁场的右边界，导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成，滑块K 上绕有闭合矩形线圈abcd，线圈的总电阻为R，匝数为n，ab 边长为L．假设缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下（碰前车厢与滑块相对静止），此后线圈与轨道磁场的作用使车厢减速运动L后停下（导轨未碰到障碍物），从而实线缓冲，假设不计一切摩擦，则在缓冲过程中，下列说法正确的是（）A．线圈中感应电流方向沿adcbaB．线圈中感应电动势的最大值为E m=nBLv0C．通过线圈的电荷量为D．线圈中产生的焦耳热为mv02二、【必做部分】9．如图甲为探究“加速度与合外力、质量的关系”的实验装置示意图．（1）下列做法正确的是（填字母代号）A．调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡小车受到的摩擦力时，应将沙桶通过定滑轮拴接在小车上C．通过增减小车上的砝码改变小车质量M时，不需要重新调节木板的倾斜程度D．求小车运动的加速度时，可用天平测出沙和沙桶的质量m及小车质量M，直接用公式a=求出（2）某同学想用沙和沙桶的重力mg表示小车受到的合外力F，需要使沙和沙桶的质量小车的质量（填远大于，远小于或近似于），该同学在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变对小车的拉力，由实验数据作出a﹣F图象如图乙所示，图线不过原点的原因是，小车的质量为kg．10．如图1是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0～99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势10V，内阻很小）．在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大．实验具体步骤如下：（Ⅰ）连接好电路，将滑动变阻器R调到最大；（Ⅱ）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2．（Ⅲ）重复步骤（Ⅱ），再测量6组R1和I2；（Ⅳ）将实验获得的7组数据在坐标纸上描点．根据实验回答以下问题：①现有四只供选用的电流表：A．电流表（0～3mA，内阻为2.0Ω）B．电流表（0～3mA，内阻未知）C．电流表（0～0.3A，内阻为5.0Ω）D．电流表（0～0.3A，内阻未知）A1应选用，A2应选用．②测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值（选填“不变”、“变大”或“变小”）．③在坐标纸上（图2）画出R1与I2的关系图④根据以上实验得出R x= Ω．11．如图所示，AB是倾角为θ的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R．一个质量为m的物体（可以看作质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；（2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′应满足什么条件？12．图为某种离子加速器的设计方案．两个半圆形金属盒内存在相同的垂直于纸面向外的匀强磁场．其中MN和M′N′是间距为h的两平行极板，其上分别有正对的两个小孔O和O′，O′N′=ON=d，P为靶点，O′P=kd（k为大于1的整数）．极板间存在方向向上的匀强电场，两极板间电压为U．质量为m、带电量为q的正离子从O点由静止开始加速，经O′进入磁场区域．当离子打到极板上O′N′区域（含N′点）或外壳上时将会被吸收．两虚线之间的区域无电场和磁场存在，离子可匀速穿过．忽略相对论效应和离子所受的重力．求：（1）离子经过电场仅加速一次后能打到P点所需的磁感应强度大小；（2）能使离子打到P点的磁感应强度的所有可能值；（3）打到P点的能量最大的离子在磁场汇总运动的时间和在电场中运动的时间．【物理-选修3-3】13．下列说法正确的是（）A．科技的进步可以使内燃机成为单一的热源热机B．电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递C．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量小于向室外放出的热量D．把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故E．悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相碰撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显14．一汽缸竖直放在水平地面上，缸体质量M=10kg，活塞质量m=4kg，活塞横截面积S=2×10﹣3m2，活塞上面的汽缸内封闭了一定质量的理想气体，下面有气孔O与外界相通，大气压强P0=1.0×105P a；活塞下面与劲度系数k=2×103M/m的轻弹簧相连；当汽缸内气体温度为127℃时弹簧为自然长度，此时缸内气柱长度L1=20cm，g取10m/s2，缸体始终竖直，活塞不漏气且与缸壁无摩擦．①当缸内气柱长度L2=24cm时，缸内气体温度为多少K？②缸内气体温度上升到T0以上，气体将做等压膨胀，则T0为多少K？【物理-选修3-4】15．一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，质点P的x坐标为3m．已知任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s．下列说法正确的是（）A．波速为4m/sB．波的频率为1.25HzC．x坐标为15m的质点在t=0.6s时恰好位于波谷D．x坐标为22m的质点在t=0.2s时恰好位于波峰E．当质点P位于波峰时，x坐标为17m的质点恰好位于波谷16．Morpho蝴蝶的翅膀在阳光的照射下呈现处闪亮耀眼的蓝色光芒，这是因为光照射到翅膀的鳞片上发生了干涉，电子显微镜下鳞片结构的示意图如图．一束光以入射角i从a点入射，经过折射和反射后从b点出射．设鳞片的折射率为n，厚度为d，两片之间空气层厚度为h，取光在空气中的速度为c，求光从a 到b所需的时间t．【物理-选修-3-5】17．以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A．原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子B．天然放射现象中发出的三种射线是从原子核内放出的看不见的射线C．对于不同种金属，若照射光频率不变，E k与金属的逸出功成线性关系D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小E．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子的能量增加18．如图所示，滑块A与质量M=4kg，半径R=0.5m的光滑圆弧轨道均静止在光滑水平面上，圆弧轨道的下端恰好与水平地面相切于O点，另一质量为m B=1kg、可看作质点的滑块B从圆弧轨道的最高点滑下，与滑块A碰撞后被弹回，且恰好追不上圆弧轨道，取重力加速度g=10m/s2，不计碰撞时的能量损失，试计算滑块A的质量m A．参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，楔形凹槽的截面是一个直角三角形ABC，∠CAB=30°，∠ABC=90°∠ACB=60°，在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，其对凹槽的AB边的压力为F1，对BC边的压力为F2，则的值为（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】金属球受重力和两个侧面的支持力，将重力按照作用效果进行分解，根据平行四边形定则作图，得到两个压力大小．【解答】解：金属球受到的重力产生两个作用效果，压AB面和压BC面，作图如下：对AB面的压力等于分力F1′，对BC面的压力等于分力F2′；故故选：C2．某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此判断下列四个选项中正确的是（F表示物体所受合力）（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图线中，图线的斜率表示加速度，斜率不变，加速度不变，根据牛顿第二定律，合力不变．【解答】解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s﹣4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s﹣8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上所述，知B正确，A、C、D错误．故选：B．3．2014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持．特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合大量关键技术．如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图．“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动．卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则下列说法正确的是（）A．卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为gB．如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速C．卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为D．若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力，以及万有引力等于重力求出卫星的加速度大小；“高分一号”卫星速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长；根据万有引力提供向心力求出卫星的角速度，然后通过转过的角度求出时间；“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，要克服阻力做功，机械能减小．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，而GM=gR2．所以卫星的加速度a=，故A错误．B、“高分一号”卫星加速，将做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长，故如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其减速，故B错误．C、根据万有引力提供向心力，解得，所以卫星1由位置A运动到位置B所需的时间t=，故C正确．D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，机械能减小．故D错误．故选：C．4．如图所示，正四面体棱长为a，A、B、C、D是其四个顶点，现在A、B两点分别固定电荷量均为Q的正、负点电荷，静电力常量为k，棱CD的中点为E，则下列说法正确的是（）A．E点的场强大小为B．正电荷在C点处的电势能大于在D点处的电势能C．将一负电荷从C点沿直线移动到D点，电场力先做正功后做负功D．将一正电荷从A点沿直线移动到E点再沿直线移动到B点，正电荷的电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】根据点电荷的场强的公式和平行四边形定则计算出E点的电场强度；+Q、﹣Q是两个等量异种点电荷，其电场线和等势面分布具有对称性，通过AB连线的中垂面是一个等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，在等势面上运动点电荷电场力不做功．【解答】解：A、根据几何知识得：AE=BE=a，+Q、﹣Q在E点产生的场强大小均为E=k=，夹角设为2α，则cosα==所以E点的场强大小为E合=2Ecosα=．故A正确．B、通过AB连线的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，则正电荷在C、D两点的电势能相等．故B错误．C、将一负电荷从C点沿直线移动到D点，电场力不做功．故C 错误．D、将一正电荷从A点沿直线移动到E点再沿直线移动到B点，电势不断降低，正电荷的电势能一直减小．故D错误．故选：A5．如图所示，竖直放置的两块很大的平行金属板a、b，相距为d，a、b间的电场强度为E，今有一带正电的微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入电场，当它飞到b板时，速度大小不变，而方向变为水平方向，且刚好从高度也为d的狭缝穿过b 板进入bc区域，bc区域的宽度也为d，所加电场的场强大小为E，方向竖直向上，磁感应强度方向垂直纸面向里，磁感应强度大小等于，重力加速度为g，则下列说法不正确的是（）A．微粒在ab区域的运动时间为B．微粒在bc区域中做匀速圆周运动，圆周半径r=2dC．微粒在bc区域中做匀速圆周运动．运动时间为D．微粒在ab、bc区域中运动的总时间为【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式和牛顿第二定律列式分析；粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力．【解答】解：A、将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式，有：水平方向：v0=at，d=竖直方向：0=v0﹣gt解得：a=g…①t=…②故A正确；B、粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qv0B=m解得：r=…③由①②③得到r=2d，故B正确；C、由于r=2d，画出轨迹，如图由几何关系，得到回旋角度为30°，故在复合场中的运动时间为：t2===，故C正确；D、粒子在电场中运动时间为：t1==故粒子在ab、bc区域中运动的总时间为：t=t1+t2=，故D不正确；本题选不正确的，故选：D．6．如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为1100，次级线圈的匝数为55，初级线圈两端a、b接正弦交流电源，在原线圈前串接一个电阻R0=121Ω的保险丝，电压表V的示数为220V，如果负载电阻R=5.5Ω，各电表均为理想电表，则（）A．电流表A的示数为1AB．变压器的输出电压为5.5VC．保险丝实际消耗的功率为1.21WD．负载电阻实际消耗的功率为22W【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【分析】由匝数之比可求得副线圈的电压，由欧姆定律求得电流表的示数．由焦耳定律求得功率．【解答】解：AB、由电压与匝数成正比，，则：=11V，则则AB错误CD、负载功率为U2I2=22W，则D正确，由I1U1=I2U2可得：I1=0.1A 有：P=R0=1.21W 则CD正确故选：CD7．如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动，则在b下降h高度（a 未与滑轮相碰）过程中下列说法正确的是（）A．物块a重力势能增加mghB．物块b的机械能减少mghC．摩擦力对a做的功大于a机械能的增加D．摩擦力对a做的功等于物块a、b系统机械能增加两量【考点】功能关系；功的计算．【分析】通过开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，根据共点力平衡得出a、b的质量关系．根据b下降的高度得出a上升的高度，从而求出a重力势能的增加量，根据能量守恒定律判断摩擦力功与a、b动能以及机械能的关系．【解答】解：A、开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有m a gsinθ=m b g，则m a sinθ=m b．b下降h，则a上升hsinθ，则a重力势能的增加量为m a g×hsinθ=mgh．故A正确．B、物块b的机械能减少等于减少的势能减去增加的动能，△E=mgh，故B错误；C、D、根据功能关系，系统机械能增加等于除重力以外的力做功，所以摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量．所以摩擦力做功大于a的机械能增加．故C错误，D正确；故选：AD8．如图所示，虚线框内为某种电磁缓冲车的结构示意图，其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的“U”框型缓冲车厢，在车厢的底板上固定着两个水平绝缘导轨PQ、MN，车厢的底板上还固定着电磁铁，能产生垂直于导轨平面并随车厢一起运动的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B．设导轨右端QN是磁场的右边界，导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成，滑块K 上绕有闭合矩形线圈abcd，线圈的总电阻为R，匝数为n，ab 边长为L．假设缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下（碰前车厢与滑块相对静止），此后线圈与轨道磁场的作用使车厢减速运动L后停下（导轨未碰到障碍物），从而实线缓冲，假设不计一切摩擦，则在缓冲过程中，下列说法正确的是（）A．线圈中感应电流方向沿adcbaB．线圈中感应电动势的最大值为E m=nBLv0C．通过线圈的电荷量为D．线圈中产生的焦耳热为mv02【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】根据右手定则判断感应电流的方向；根据车厢的最大速度，结合切割产生的感应电动势公式求出产生的最大感应电动势；根据q=求出通过线圈的电荷量；根据能量守恒定律求出线圈中产生的焦耳热．【解答】解：A、由右手定则知，感应电流的方向是abcda（或逆时针），故A错误．B、在缓冲的过程中，车厢做减速运动，速度减小，则线圈切割产生的最大感应电动势E m=nBLv0，故B正确．C、根据q=知，减速运动L的过程中，通过线圈的电荷量q=，故C正确．D、根据能量守恒定律知，线圈中产生的焦耳热为，故D 正确．故选：BCD．二、【必做部分】9．如图甲为探究“加速度与合外力、质量的关系”的实验装置示意图．（1）下列做法正确的是AC （填字母代号）A．调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡小车受到的摩擦力时，应将沙桶通过定滑轮拴接在小车上C．通过增减小车上的砝码改变小车质量M时，不需要重新调节木板的倾斜程度D．求小车运动的加速度时，可用天平测出沙和沙桶的质量m及小车质量M，直接用公式a=求出（2）某同学想用沙和沙桶的重力mg表示小车受到的合外力F，需要使沙和沙桶的质量远小于小车的质量（填远大于，远小于或近似于），该同学在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变对小车的拉力，由实验数据作出a﹣F图象如图乙所示，图线不过原点的原因是平衡摩擦力过度，，小车的质量为 2 kg．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．根据牛顿第二定律求出绳子拉力与砝码桶及桶内砝码的总重力的关系，判断出在什么情况下砝码盘及盘内砝码的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，由a=可知，图象的斜率等于小车质量的倒数．【解答】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行．故A正确；B、在调节木板倾斜度平衡小车受到的滑动摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在小车上．故B错误；C、通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度．故C正确；D、小车运动的加速度由纸带上的数据，使用逐差法求出，不能使用牛顿第二定律．故D错误．故选：AC．（2）对整体分析，根据牛顿第二定律得，a=，则绳子的拉力F=Ma=，当m＜＜M，即沙和沙桶的质量远小于小车和小车的质量时，沙和沙桶的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，根据图象可知，拉力为零时，小车的加速度不为零，可知平衡摩擦力过度，由a=可知，图象的斜率等于小车质量的倒数，则小车的质量为故答案为：（1）AC；②远小于；平衡摩擦力过度；210．如图1是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0～99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势10V，内阻很小）．在。
2021年高考物理考点模拟题(必修一)专题1.11 直线运动中的逆向思维问题(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第一部分直线运动专题1.11．直线运动中的逆向思维问题一．选择题1. （2020年5月青岛二模）全国多地在欢迎援鄂抗疫英雄凯旋时举行了“飞机过水门”的最高礼仪，寓意为“接风洗尘”。
某次仪式中，水从两辆大型消防车中斜向上射出，经过3s水到达最高点，不计空气阻力和水柱间的相互影响，若水射出后第1s内上升高度为h，则水通过前15h段用时为A．0.5sB．(23)s-C．(322)s-D．0.2s【参考答案】C【名师解析】水射出后做斜抛运动，分解为竖直方向的竖直上抛运动，把水竖直方向的运动逆向思维为自由落体运动，其第3s内、第2s内、第1s内上升的高度之,比为1∶3∶5，根据题述水射出后第1s内上升高度为h，可得水上升的总高度为9h/5。
由自由落体运动规律可得9h/5=12gt12，t1=3s，解得h=25m。
设水从15h高度上升到最高点用时间t2，则有9h/5-15h=12gt22，解得t2=22s，水通过前15h段用时为△t=t2-t1=(322)s-，选项C正确。
2.（2020安徽皖江名校联盟第5次联考）建筑工人常常徒手向上抛砖块,当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住。
在一次抛砖的过程中,砖块运动3s到达最高点,设砖块的运动为匀变速直线运动,砖块通过第2s 内位移的后用时为t1,通过第1s内位移的前用时为t2,则满足A. B. C. D.【参考答案】C【名师解析】将砖块的竖直上抛运动逆向看作由静止开始的匀变速直线运动，根据初速度为零的匀变速直线运动规律，相邻相等时间内的位移之比为1∶3∶5···，砖块第2s内位移的前1/3与第1s内位移的后1/5上升的高度相等，记做x。
根据初速度为零的匀变速直线运动规律，依次通过相邻相等位移的时间之比为1∶（2-1）∶（3-2）∶（4-3）∶（5-2）∶（6-5）∶（7-6）∶（8-7）∶（9-8）∶（10-9）∶···，所以=9-82-1=2-1，选项C正确。
2021年高考物理考点模拟题(必修一)专题2.13 连接体平衡问题(基础篇)(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第二部分相互作用专题2.13．连接体平衡问题（基础篇）一．选择题1. （2020高考模拟示范卷4）如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O‘点的光滑定滑轮悬挂一质量为1kg的物体，O O‘段水平，长度为1.6m。
绳上套一可沿绳自由滑动的轻环，现在在轻环上悬挂一钩码（图中未画出），平衡后，物体上升0.4m。
则钩码的质量为A. B.C. 1. 6 kgD. 1. 2 kg【参考答案】D【名师解析】重新平衡后，绳子形状如下图：设钩码的质量为M，由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为53°，则根据平衡可求得：，解得：，故D对；ABC错；综上所述本题答案是：D2.(2019·四川省广安市、眉山市、内江市、遂宁市第三次诊断)如图所示，两个质量均为m的小球通过两根轻弹簧A、B连接，在水平外力F作用下，系统处于静止状态，弹簧实际长度相等．弹簧A、B的劲度系数分别为k A、k B，且原长相等．弹簧A、B与竖直方向的夹角分别为θ与45°.设A、B中的拉力分别为F A、F B.小球直径相比弹簧长度可以忽略．则(）A ．tan θ＝12 B ．k A ＝k B C ．F A ＝3mg D ．F B ＝2mg【参考答案】 A【名师解析】 对下面的小球进行受力分析，如图甲所示：根据平衡条件得：F ＝mg tan 45°＝mg ，F B ＝mgcos 45°＝2mg ；对两个小球整体受力分析，如图乙所示：根据平衡条件得：tan θ＝F 2mg ，又F ＝mg ，解得tan θ＝12，F A ＝(2mg )2＋F 2＝5mg ，由题可知两弹簧的形变量相等，则有：x ＝F A k A ＝F B k B ，解得：k A k B ＝F A F B ＝52，故A 正确，B 、C 、D 错误．3.（2019高考仿真模拟5）如图所示，倾角为θ的斜面体放在水平地面上，质量为m 的木块通过轻质细线绕过斜面体顶端的定滑轮与质量为M 的铁块相连，整个装置均处于静止状态，已知mg sin θ>Mg 。
2021年高考物理考点模拟题(必修二)专题5.16 航天和宇宙探测(基础篇)(解析版)
2021年高考物理100考点最新模拟题千题精练第五部分 万有引力定律和航天 专题5.16航天和宇宙探测（基础篇）一．选择题1．（2020安徽阜阳期末）我国计划在2030年之前制造出可水平起飞、水平着陆并且可以多次重复使用的空天飞机。
假设一航天员乘坐空天飞机着陆某星球后，由该星球表面以大小为v 0的速度竖直向上抛出一物体，经时间t 后物体落回抛出点。
已知该星球的半径为R ，该星球没有大气层，也不自转。
则该星球的第一宇宙速度大小为（ ）A. B. C. D.【参考答案】A【名师解析】根据小球做竖直上抛运动的速度时间关系可知，t =，所以星球表面的重力加速度g =。
星球表面重力与万有引力相等，mg =，近地卫星的轨道半径为R ，由万有引力提供圆周运动向心力有：，联立解得该星球的第一宇宙速度v =，故A 正确，BCD错误。
2、（2020高考精优预测山东卷2）2018年12月30日8时，嫦娥四号探测器由距月面高度约100 km 的环月轨道Ⅰ，成功实施降轨控制，进入近月点高度约15 km 、远月点高度约100 km 的着陆准备轨道Ⅱ。
2019年1月3日早，嫦娥四号探测器调整速度方向，由距离月面15 km 处开始实施动力下降，速度从相对月球1.7 km/s 逐步下降，在距月面100 m 处减速到0（相对于月球静止），并做一次悬停，对障碍物和坡度进行识别，再缓速垂直下降。
10时26分，在反推发动机和着陆缓冲机构的作用下，嫦娥四号探测器成功着陆在月球背面的预选着陆区。
探测器的质量约为31.210kg ，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度约为210m/s ，下列说法正确的是（ ）A.探测器由环月轨道降至着陆准备轨道的过程中，机械能守恒B.探测器沿轨道Ⅰ运行至P 点的加速度小于沿轨道Ⅱ运行至P 点的加速度C.若可将动力下降过程看成竖直向下的匀减速直线运动，则加速度大小约为297m/sD.在最后100 m 缓速垂直下降的过程中，探测器受到的反冲作用力约为41.210N ⨯ 【参考答案】C 【名师解析】探测器由环月轨道降至着陆准备轨道的过程中，由于受到了反冲作用力，且反冲作用力对探测器做负功，探测器机械能减小，选项A 错误；在同一点，万有引力产生的加速度相同，与在哪条轨道无关，选项B 错误；若把动力下降过程看做匀减速直线运动，初速度为1.7 km/s ，末速度为零，位移为15km 0.1km 14.9km x =-=，根据速度位移公式有2202v v ax -=，代入数据解得297m/s a ≈-，选项C 正确；根据星球表面重力与万有引力相等有，表面重力加速度2GMg R =，根据月球与地球的质量和半径关系可知，月球表面重力加速度小于地球表面重力加速度，由于可将最后100 m 的缓速垂直下降过程近似看做匀速直线运动，故探测器受到的反冲作用力与重力平衡，则341.21010N 1.210N F mg =<⨯⨯=⨯月，选项D 错误。
2020-2021学年湖南省高三上学期第三次模拟考试物理试题及答案解析
高三第三次模拟考试物理试题时间：90分钟满分：110分一、选择题：每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求，第10-13题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.如图甲乙所示为某物体在0~t时间内运动的x-t图象和v-t图象，由图可知，在0~t时间内( )A．物体做的是曲线运动B．物体做加速度越来越小的运动C．甲图中t/2时刻，图线的斜率为v0/2D．x1-x0大于v0t/22．如下图所示的几种情况中，不计绳、弹簧测力计、各滑轮的质量，不计一切摩擦，物体质量都为m，且均处于静止状态，有关角度如图所示。
弹簧测力计示数F A、F B、F C、F D由大到小的排列顺序是( )A．F B>F D>F A>F C B．F D>F C>F B>F A C．F D>F B>F A>F C D．F C>F D>F B>F A3．在广场游玩时，一小孩将一充有氢气的气球用细绳系于一个小石块上，并将小石块静止置于水平地面上，如图所示．设空气密度不变，则下列说法正确的是（）A．若风速逐渐增大，气球会连同石块一起离开地面B．无论风速多大，气球连同石块都不会离开地面C．若风速逐渐增大，小石块滑动前受到地面施加的摩擦力不变D．若风速逐渐增大，小石块滑动后受到地面施加的摩擦力逐渐增大4.如图，将a、b两小球以不同的初速度同时水平抛出，它们均落在水平地面上的P点，a球抛出时的高度较b球的高，P点到两球起抛点的水平距离相等，不计空气阻力。
与b球相比，a球( )A．初速度较大B．速度变化率较大C．落地时速度一定较大D．落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大5．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。
图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为1:4.若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是（）A．在图示轨道上,“轨道康复者”的速度大于7.9km/sB．在图示轨道上,“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的4倍C．在图示轨道上,“轨道康复者”的周期为3h，且从图示位置开始经1.5h与同步卫星的距离最近D．若要对该同步卫星实施拯救,“轨道康复者”应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接6．如图所示，水平轻弹簧与物体A和B相连，放在光滑水平面上，处于静止状态，物体A的质量为m，物体B的质量为M，且M>m。
2020-2021学年北京市高考理综(物理)下学期期末检测试题及答案解析
新课标最新年高考理综（物理）模拟试题北京卷13. 【题文】下列说法中正确的是A.仅利用氧气的摩尔质量和氧气的密度这两个已知量,便可计算出阿伏加德罗常数B.气体压强的大小只与气体的温度有关C.固体很难被压缩是因为其内部的分子之间存在斥力作用D.只要物体与外界不发生热量交换，其内能就一定保持不变【答案】C【解析】本题主要考查理想气体状态方程、分子间作用力以及热力学定律；选项A，仅利用氧气的摩尔质量和氧气的密度这两个已知量,可以计算出摩尔体积，无法计算出阿伏伽德罗常数，故选项A错误；选项B，由理想气体状态方程可知影响气体压强的因素除了温度，还有气体的体积，故选项B错误；选项C，固体之所以难于被压缩，是因为压缩到一定距离时分子间合力表现为斥力，故选项C正确；选项D，由热力学定律可知，改变内能的方式除了热传递，还有做功，故选项D错误；本题正确选项为C。
【题型】单选题【备注】【结束】14.【题文】下列说法中正确的是A.爱因斯坦根据对阴极射线的观察提出了原子的核式结构模型B.γ射线比α射线的贯穿本领强C.四个核子聚变为一个氦核的过程释放的核能等于氦核质量与c2的乘积D.温度升高时铀238的半衰期会变小【答案】B【解析】本题主要考查衰变、原子结构以及半衰期等；选项A，卢瑟福由α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故选项A 错误；选项B，α射线的穿透能力很弱，而γ射线的穿透能力很强，故选项B正确；选项C，聚变过程中释放的能量由质量亏损的多少决定，与氦核的质量无关，故选项C错误；选项D，元素衰变的快慢是由原子核内部自身决定的，与外界的物理和化学状态无关，故选项D错误；本题正确选项为B。
【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】下列说法中正确的是A.光波是电磁波B.干涉现象说明光具有粒子性C.光电效应现象说明光具有波动性D.光的偏振现象说明光是纵波【答案】A【解析】本题主要考查光的波粒二象性；选项A，光能够发生反射、衍射、干涉以及偏振等波的特有现象，其传播又不需要介质，故选项A正确；选项B，干涉现象是波的属性，故选项B错误；选项C，光电效应说明光具有粒子性，故选项C错误；选项D，光的偏振现象说明光是一种横波，故选项D错误；本题正确选项为A。
2020—2021年最新高考理综物理考前最后一卷及答案解析.docx
新课标2018年高考理综（物理）模拟试题高三最后一卷14．不计重力的两个带电粒子M 和N 沿同一方向经小孔S 垂直进入匀强磁场，在磁场中的径迹如图。
分别用v M 与v N ， t M 与t N，MM m q 与NN m q 表示它们的速率、在磁场中运动的时间、荷质比，则( )A ．如果M Mm q =N N m q ，则v M ＞ v N B ．如果MMm q =NN m q ，则t M ＜ t NC ．如果v M = v N ，则M Mm q ＞N N m q D ．如果t M = t N，则MMm q ＞NN m q15．如图a ，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，与副线圈相连的两个灯泡完全相同、电表都为理想电表。
原线圈接上如图b 所示的正弦交流电，电路正常工作。
闭合开关后，( )A ．电压表示数增大B ．电流表示数增大C ．变压器的输入功率增大D ．经过灯泡的电流频率为25 HzM NSaοοAVk~b16．如图，窗子上、下沿间的高度H=1.6m ，墙的厚度d=0.4m ，某人在离墙壁距离L=1.4m 、距窗子上沿h=0.2m 处的P 点，将可视为质点的小物件以v 的速度水平抛出，小物件直接穿过窗口并落在水平地面上，取g=10m/s 2。
则v 的取值范围是( ) A ．7>v m/s B ．32.v <m/sC ．7m/s m/s 3<<v D ．3m/s m/s 32<<v .17． 据英国《每日邮报》报道，科学家发现了一颗距离地球仅14光年的“另一个地球”—沃尔夫（Wolf）1061c。
沃尔夫1061c的质量为地球的4倍，围绕红矮星沃尔夫1061运行的周期为5天，它是迄今为止在太阳系外发现的距离最近的宜居星球。
设想从地球发射一颗科学探测卫星围绕沃尔夫1061c表面运行．已知万有引力常量为G，天体的环绕运动可看作匀速圆周运动。
则下列说法正确的是( )A．从地球发射该卫星的速度应该小于第三宇宙速度B．卫星绕行星沃尔夫1061c运行的周期与该卫星的密度有关C．沃尔夫1061c和地球公转轨道半径的三次方之比等于2 365 5⎪⎭⎫⎝⎛D．若已知探测卫星的周期和地球的质量，可近似求出沃尔夫1061c 的半径18．如图甲所示，矩形线圈abcd固定于方向相反的两个磁场中，两磁场的分界线oo′恰好把线圈分成对称的左右两部分，两磁场的磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，规定磁场垂直纸面向内为正，线圈中感应电流逆时针方向为正。
2020-2021学年浙江省高考理综(物理)月考试题及答案解析
新课标最新年浙江省高考理综（物理）月考试卷一、单选题（每题3分，共42分）1．2013年7月，在第十五届游泳世锦赛的跳水比赛中，中国队在全部10个项目中收获了9金2银2铜，再次体现了“梦之队”的风采．如图所示是我国选手邱波在十米跳台的精彩表现，若只研究运动员的下落过程，下列说法正确的是（）A．为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛的运动员视为质点B．运动员在下落过程中，感觉水面在加速上升C．运动员的位移就是路程D．运动员处于超重状态2．在水下潜水器某次海试活动中，完成任务后从海底竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则蛟龙号在t0（t0＜t）时刻距离海平面的深度为（）A．B．vt0（1﹣）C． D．3．如图所示，一木棒M搭在水平地面和一矮墙上，两个支撑点E、F处受到的弹力和摩擦力的方向，下列说法正确的是（）A．E处受到的支持力竖直向上B．F处受到的支持力竖直向上C．E处受到的静摩擦力沿EF方向D．F处受到的静摩擦力沿水平方向4．匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触．关于小球的受力，说法正确的是（）A．重力和细线对它的拉力B．重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力C．重力和斜面对球的支持力D．细线对它的拉力和斜面对它的支持力5．轻杆的一端安装有一个小滑轮P，用手握住杆的另一端支撑着悬挂重物的轻绳，如图所示．现使杆和竖直方向的夹角缓慢减小，则下列关于杆对滑轮P的作用力的下列判断正确的是（）A．变大B．不变C．变小D．无法确定6．如图所示，河水以相同的速度向右流动，落水者甲随水漂流，至b点时，救生员乙从O点出发对甲实施救助，则救生员乙相对水的运动方向应为图中的（）A．Oa方向B．Ob方向C．Oc方向D．Od方向7．如图所示，水平面上固定有一个斜面，从斜面顶端向右平抛一只小球，当初速度为v0时，小球恰好落到斜面底端，平抛的飞行时间为t0．现用不同的初速度v从该斜面顶端向右平抛这只小球，以下哪个图象能正确表示平抛的飞行时间t随v变化的函数关系（）A．B．C．D．8．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示．（已知cos53°=0.6，sin 53°=0.8）以下说法正确的是（）A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD．细线烧断瞬间小球的加速度立即为g9．如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A．A的速度比B的大B．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等C．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小D．A与B的向心加速度大小相等10．摩天轮顺时针匀速转动时，重为G的游客经过图中a、b、c、d四处时，座椅对其竖直方向的支持力大小分别为N a、N b、N c、N d，则（）A．N a＜G B．N b＞G C．N c＞G D．N d＜G11．把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A位置，如图甲所示．迅速松手后，球升高至最高位置C（图丙），途中经过位置B时弹簧正处于原长（图乙）．忽略弹簧的质量和空气阻力．则小球从A运动到C的过程中，下列说法正确的是（）A．经过位置B时小球的加速度为0B．经过位置B时小球的速度最大C．小球、地球、弹簧所组成系统的机械能守恒D．小球、地球、弹簧所组成系统的机械能先增大后减小12．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．13．140kg的玉兔号月球车采用轮式方案在月球的平整表面前进，通过光照自主进行工作．若车轮与月球地面间的动摩擦因数为μ=0.5，月球表面的重力加速度为g=1.6m/s2，现在正最大速度匀速直线运动，前进100m用时30min．求月球车提供的动力功率（）（结果保留两位有效数字）．A．P=1.1×102w B．P=16.2w C．P=81w D．P=6.2w14．如图所示，一张薄纸板放在光滑水平面上，其右端放有小木块，小木块与薄纸板的接触面粗糙，原来系统静止．现用水平恒力F向右拉薄纸板，小木块在薄纸板上发生相对滑动，直到从薄纸板上掉下来．上述过程中有关功和能的下列说法正确的是（）A．拉力F做的功等于薄纸板和小木块动能的增加B．摩擦力对小木块做的功一定等于系统的摩擦生热C．离开薄纸板前小木块可能先做加速运动，后做匀速运动D．小木块动能的增加可能小于系统的摩擦生热二、不定项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，选对得4分，未选全但无选错得2分；有选错或不选得0分．）15．在水平面上有一个小物块质量为m，从某点给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，经过A、B、C三点到0点速度为零．A、B、C三点到0点距离分别为x1、x2、x3，由水A、B、C到0点所用时间分别为t1、t2、t3，下列结论正确的是（）A．==B．＞＞C．==D．＜＜16．如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中，下列说法正确的是（）A．木板对小物块做功为mv2B．摩擦力对小物块做功为mgLsinαC．支持力对小物块做不做功D．滑动摩擦力对小物块做功为mv2﹣mgLsinα17．如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行．t=0时，将质量m=1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v﹣t图象如图乙所示．设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=1Om/s2．则（）A．传送带的速率v0=1Om/sB．传送带的倾角θ=3O°C．物体与传送带之间的动摩擦因数µ=0.5D．0〜2.0s摩檫力对物体做功W f=﹣24J18．如图所示，内壁光滑的细管做成的竖直面内的圆形轨道，管的直径远小于轨道半径r，一个小球（质量为m）在管内做完整的圆周运动，A为最低点，B为最高点，下面说法正确的是（）A．小球在B点的最小速度为B．小球在A点的速度最小为2C．小球在A点受到细管的弹力可能小于重力D．小球在B点受到细管的弹力可能超过重力三.计算题（本题共三小题12分+14分+16分，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须写明确写出数值和单位）19．如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m．用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处．（1）求物体与地面间的动摩擦因数μ；（2）用大小为20N的力，沿水平方向拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间t．（取g=10m/s2）20．某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛，比赛路径如图所示．可视为质点的赛车从起点A 出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直半圆轨道，并通过半圆轨道的最高点C，才算完成比赛．B是半圆轨道的最低点，水平直线轨道和半圆轨道相切于B点．已知赛车质量m=0.5kg，通电后以额定功率P=2w工作，进入竖直圆轨道前受到的阻力恒为F f=0.4N，随后在运动中受到的阻力均可不计，L=10.00m，R=0.32m，（g取10m/s2）．求：（1）要使赛车完成比赛，赛车在半圆轨道的B点对轨道的压力至少多大？（2）要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间t？（3）若电动机工作时间为t0=5s，当R为多少时赛车既能完成比赛且飞出的水平距离又最大，水平距离最大是多少？21．如图所示，一物体M从A点以某一初速度沿倾角α=37°的粗糙固定斜面向上运动，自顶端B 点飞出后，垂直撞到高H=2.25m的竖直墙面上C点，又沿原轨迹返回．已知B、C两点的高度差h=0.45m，物体M与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）物体M沿斜面向上运动时的加速度大小；（2）物体返回后B点时的速度；（3）物体被墙面弹回后，从B点回到A点所需的时间．月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每题3分，共42分）1．2013年7月，在第十五届游泳世锦赛的跳水比赛中，中国队在全部10个项目中收获了9金2银2铜，再次体现了“梦之队”的风采．如图所示是我国选手邱波在十米跳台的精彩表现，若只研究运动员的下落过程，下列说法正确的是（）A．为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛的运动员视为质点B．运动员在下落过程中，感觉水面在加速上升C．运动员的位移就是路程D．运动员处于超重状态【考点】超重和失重；质点的认识；位移与路程．【分析】物体能不能看成质点看物体的形状大小在所研究的问题中能不能忽略；运动员在下落的过程做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的规律进行判断即可．路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度；加速度的方向向下时，运动员处于失重状态．【解答】解：A、研究运动员的技术动作，运动员的形状大小不能忽略，故运动员不能看成质点．故A错误．B、运动员在下落的过程做匀加速直线运动，以自己为参考系，水面做匀加速上升．故B正确．C、位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，是矢量；路程是运动轨迹的长度，是标量；由题意，运动员的路程不是位移．故C错误；D、跳水的过程中运动员的加速度的方向向下时，运动员处于失重状态．故D错误．故选：B．2．在水下潜水器某次海试活动中，完成任务后从海底竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则蛟龙号在t0（t0＜t）时刻距离海平面的深度为（）A．B．vt0（1﹣）C．D．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出“蛟龙号”的加速度，采用逆向思维，结合位移时间公式求出“蛟龙号”在t0（t0＜t）时刻距离海平面的深度．【解答】解：蛟龙号上浮时的加速度大小为：a=，根据逆向思维，可知蛟龙号在t0时刻距离海平面的深度为：h=．故选：D．3．如图所示，一木棒M搭在水平地面和一矮墙上，两个支撑点E、F处受到的弹力和摩擦力的方向，下列说法正确的是（）A．E处受到的支持力竖直向上B．F处受到的支持力竖直向上C．E处受到的静摩擦力沿EF方向D．F处受到的静摩擦力沿水平方向【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【分析】支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误．【解答】解：A、E处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；B、F处受到的支持力的方向与M垂直向上，不是竖直向上，故B错误；C、M相对于地有向右运动的趋势，则在E处受到的摩擦力沿地面向左，故C错误；D、因M有沿矮墙向下的运动趋势，所以F处受到的摩擦力沿EF方向，故D错误．故选：A．4．匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触．关于小球的受力，说法正确的是（）A．重力和细线对它的拉力B．重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力C．重力和斜面对球的支持力D．细线对它的拉力和斜面对它的支持力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】小球随车做匀速运动，合力为零，先分析小球肯定受到的力：重力和细线的拉力，再用假设法分析斜面对球有无支持力．【解答】解：小球必定受到重力和绳的拉力．小球和光滑斜面接触，斜面对小球没有弹力，假设有弹力，小球将受到三个力作用，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾．故斜面对小球没有弹力．故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力．故A正确，BCD错误．故选A5．轻杆的一端安装有一个小滑轮P，用手握住杆的另一端支撑着悬挂重物的轻绳，如图所示．现使杆和竖直方向的夹角缓慢减小，则下列关于杆对滑轮P的作用力的下列判断正确的是（）A．变大B．不变C．变小D．无法确定【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】由题，滑轮的位置不变时，绳子的拉力大小始终等于重物的重力大小，保持不变，两绳的夹角也不变，分析两绳拉力的合力是否变化，根据平衡条件知，杆对滑轮P的作用力与两绳拉力的合力大小相等、方向相反．【解答】解：据题意，保持滑轮的位置不变，处于静止状态，其合力为零，重物也静止，则知绳子的拉力大小始终等于重物的重力大小，保持不变，两绳的夹角也不变，故析两绳拉力的合力保持不变．使杆向下转动一个角度到虚线位置的过程中，根据平衡条件知，杆对滑轮P的作用力与两绳拉力的合力大小相等、方向相反，所以杆对滑轮P的作用力保持不变．故B正确，ACD错误．故选：B6．如图所示，河水以相同的速度向右流动，落水者甲随水漂流，至b点时，救生员乙从O点出发对甲实施救助，则救生员乙相对水的运动方向应为图中的（）A．Oa方向B．Ob方向C．Oc方向D．Od方向【考点】运动的合成和分解．【分析】人在水中参与两个分运动，相对于水的游动，随着水一起相对地面的运动，如果以水为参考系分析，可以简化问题．【解答】解：人在水中相对于水游动的同时还要随着水一起相对地面向下游漂流，以水为参考系，落水者甲静止不动，救援者做匀速直线运动，则救援者直接沿着ob方向即可对甲实施救助；故选：B．7．如图所示，水平面上固定有一个斜面，从斜面顶端向右平抛一只小球，当初速度为v0时，小球恰好落到斜面底端，平抛的飞行时间为t0．现用不同的初速度v从该斜面顶端向右平抛这只小球，以下哪个图象能正确表示平抛的飞行时间t随v变化的函数关系（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【分析】根据小球落在斜面上，结合竖直位移与水平位移的关系求出运动的时间．小球落在地面上，高度一定，则运动时间一定．【解答】解：当小球落在斜面上时，有：tanθ=，解得t=，与速度v成正比．当小球落在地面上，根据h=得，t=，知运动时间不变．可知t与v的关系图线先是过原点的一条倾斜直线，然后是平行于横轴的直线．故C正确，A、B、D错误．故选：C．8．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示．（已知cos53°=0.6，sin 53°=0.8）以下说法正确的是（）A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD．细线烧断瞬间小球的加速度立即为g【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】小球静止时，分析受力情况，由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度．【解答】解：A、B、小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=mg细绳的拉力大小为：T==mg．故A错误，B错误；C、D、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a==g．故C错误D正确．故选：D．9．如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A．A的速度比B的大B．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等C．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小D．A与B的向心加速度大小相等【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】AB两个座椅具有相同的角速度，分别代入速度、加速度、向心力的表达式，即可求解．【解答】解：A、AB两个座椅共轴转动，具有相同的角速度．根据公式：v=ω•r，A的运动半径小，A的速度小．故A错误；B、如图，对任一座椅，受力如图，由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，则得：mgtanθ=mω2r，则得tanθ=则知A的半径r较小，ω相等，可知A与竖直方向夹角θ较小，故B错误．C、A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故C正确．D、根据公式：a=ω2r，A的运动半径小，A的向心加速度就小，故D错误；故选：C．10．摩天轮顺时针匀速转动时，重为G的游客经过图中a、b、c、d四处时，座椅对其竖直方向的支持力大小分别为N a、N b、N c、N d，则（）A．N a＜G B．N b＞G C．N c＞G D．N d＜G【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】摩天轮顺时针匀速转动时，游客也做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，根据牛顿第二定律比较支持力的大小．【解答】解：在b、d两点，合力方向指向圆心，知竖直方向上的合力为零，则N b=N d=G．在a点，根据牛顿第二定律得，G﹣，知N a＜G．在c点，根据牛顿第二定律得，，知N c＞G．故A、C正确，B、D错误．故选AC．11．把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A位置，如图甲所示．迅速松手后，球升高至最高位置C（图丙），途中经过位置B时弹簧正处于原长（图乙）．忽略弹簧的质量和空气阻力．则小球从A运动到C的过程中，下列说法正确的是（）A．经过位置B时小球的加速度为0B．经过位置B时小球的速度最大C．小球、地球、弹簧所组成系统的机械能守恒D．小球、地球、弹簧所组成系统的机械能先增大后减小【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】A到B的过程，小球先加速后减速，当加速度为零，即弹力与重力大小相等的位置时，速度最大，整个过程中，球只受重力和弹力做功，故小球和弹簧组成的系统机械能守恒．【解答】解：A、A到B的过程中小球要先加速后减速，当加速度为零，即弹力与重力大小相等的位置时，速度最大，动能最大，该位置位于AB之间，不在B点，故AB错误．C、小球从A到C的过程中，小球只受重力和弹力做功，故小球和弹簧组成的系统机械能守恒，即小球、地球、弹簧所组成系统的机械能守恒，故C正确，D错误．故选：C．12．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】作用力和反作用力．【分析】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．【解答】解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，A、C、D错误；B正确．故选：B．13．140kg的玉兔号月球车采用轮式方案在月球的平整表面前进，通过光照自主进行工作．若车轮与月球地面间的动摩擦因数为μ=0.5，月球表面的重力加速度为g=1.6m/s2，现在正最大速度匀速直线运动，前进100m用时30min．求月球车提供的动力功率（）（结果保留两位有效数字）．A．P=1.1×102w B．P=16.2w C．P=81w D．P=6.2w【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据摩擦力的公式计算摩擦力的大小，根据功率的公式来计算功率的大小即可．【解答】解：玉兔号月球车正最大速度匀速直线得摩擦力为最大静摩擦力（滑动摩擦），由力平衡得：F=μmg0.5×140×1.6N=112N月球车的速度为：v=m/s月球车提供的动力功率为：P=Fv=112×=6.2W故选：D14．如图所示，一张薄纸板放在光滑水平面上，其右端放有小木块，小木块与薄纸板的接触面粗糙，原来系统静止．现用水平恒力F向右拉薄纸板，小木块在薄纸板上发生相对滑动，直到从薄纸板上掉下来．上述过程中有关功和能的下列说法正确的是（）A．拉力F做的功等于薄纸板和小木块动能的增加B．摩擦力对小木块做的功一定等于系统的摩擦生热C．离开薄纸板前小木块可能先做加速运动，后做匀速运动D．小木块动能的增加可能小于系统的摩擦生热【考点】功能关系；匀变速直线运动的图像．【分析】对系统而言，拉力做功增加了薄纸板的动能、小木块的动能和系统的内能；【解答】解：拉力对小木块做的功W1=fx，其中x是小木块对地的位移，如右图中三角形面积S1所示，系统摩擦生热Q=fd，其中d是小木块与薄纸板间的相对移动路程，如右图中三角形面积S2所示，根据本题给出的条件，S1和S2的大小关系无法确定．故D正确；故选：D．二、不定项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，选对得4分，未选全但无选错得2分；有选错或不选得0分．）15．在水平面上有一个小物块质量为m，从某点给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，经过A、B、C三点到0点速度为零．A、B、C三点到0点距离分别为x1、x2、x3，由水A、B、C到0点所用时间分别为t1、t2、t3，下列结论正确的是（）A．==B．＞＞C．==D．＜＜【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确．【解答】解：反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可知，x=，解得a=，所以，故C正确，D错误．因为反过来看，小球做初速度为零的匀加速直线运动，速度越来越大，可知OA段的平均速度大于0B段的平均速度，OB段的平均速度大于OC段的平均速度，则有：，故A错误，B正确．故选：BC．16．如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中，下列说法正确的是（）A．木板对小物块做功为mv2B．摩擦力对小物块做功为mgLsinαC．支持力对小物块做不做功D．滑动摩擦力对小物块做功为mv2﹣mgLsinα【考点】功的计算．【分析】对整个过程运用动能定理求解木板对木块做的功．在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功．根据摩擦力与重力分力大小的关系，求解摩擦力做功．根据动能定理求解支持力和滑动摩擦力做功．【解答】解：A、设在整个过程中，木板对物块做功为W，根据动能定理得：W=．故A正确．。
2020-2021学年高考物理第二轮复习预测题24(带电体在匀强电场中的运动)及答案解析
高考冲刺卷物理部分预测题型3 带电体在匀强电场中的运动1．(多选)(2015·广东理综·21)如图1所示的水平匀强电场中，将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置，释放后，M、N保持静止，不计重力，则( )图1A．M的带电荷量比N的大B．M带负电荷，N带正电荷C．静止时M受到的合力比N的大D．移动过程中匀强电场对M做负功2．(多选)(2015·江苏单科·7)如图2所示，一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左．不计空气阻力，则小球( )图2A．做直线运动B．做曲线运动C．速率先减小后增大D．速率先增大后减小3．(2015·浙江理综·16)如图3所示为静电力演示仪，两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置．工作时两板分别接高压直流电源的正负极，表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属板中间，则( )图3A．乒乓球的左侧感应出负电荷B．乒乓球受到扰动后，会被吸在左极板上C．乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用D．用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触，放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞4．(多选)(2015·四川理综·6)如图4所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平．a、b是两个完全相同的带正电小球(视为点电荷)，b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q(图中未画出)时速度为零．则小球a( )图4A．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到P的过程中，速率先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量5.(2015·皖东三校5月联考)如图5所示，一质量为m，电量为q的带电油滴，从水平向右的匀强电场中的O点以速度v沿与场强方向成37°角射入电场中，油滴运动到最高点时速度大小也是v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是( )图5A．最高点一定在O点的正上方B．最高点可能在O点的右上方C．O点与最高点之间的电势差可能为零D．匀强电场的电场强度E＝3mg/q6.(2015·南平5月质检)如图6所示，长为L、倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为＋q、质量为m的小球以初速度v0从斜面底端A点开始沿斜面上滑，当到达斜面顶端B点时，速度仍为v0，则( )图6A．小球在B点的电势能一定大于在A点的电势能B．A、B两点间的电压一定等于mgLsinθqC．若电场是匀强电场，则该电场的电场强度最大值一定为mg qD．若该电场是由放置在C点的点电荷Q产生，则θ为45°7．(2015·绵阳三诊)电荷量q＝1×10－4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图7甲所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图乙所示．重力加速度g＝10m/s2.则( )图7A．物块在4s内位移是8mB．物块的质量是1kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4D．物块在4s内电势能减少了14J答案精析预测题型3 带电体在匀强电场中的运动1．BD [带电小球M 、N 在不计重力条件下平衡，说明M 、N 两球所受电场力的合力为零，即M 、N 所在点合场强为零，所以M 球在N 球处所产生的场强方向向左，大小为E ，故M 球带负电；同理，N 球在M 球处产生的场强方向向右，大小为E ，故N 球带正电，且两球所带电荷量相等．所以B 、D 正确．]2．BC [对小球受力分析，小球受重力、电场力作用，合外力的方向与初速度的方向不在同一条直线上，故小球做曲线运动，故A 错误，B 正确；在运动的过程中合外力方向与速度方向间的夹角先为钝角后为锐角，故合外力对小球先做负功后做正功，所以速率先减小后增大，选项C 正确，D 错误．]3．D [两极板间电场由正极板指向负极板，镀铝乒乓球内电子向正极板一侧聚集，故乒乓球的右侧感应出负电荷，A 错误；乒乓球不可能吸在左极板上，B 错误；库仑力就是电场力，C 错误；乒乓球与右极板接触后带正电，在电场力作用下向负极板运动，碰到负极板正电荷与负极板上的负电荷中和后带负电，在电场力作用下又向正极板运动，这样会在两极板间来回碰撞，D 正确．]4．BC [小球a 从N 点静止释放，过P 点后到Q 点速度为零，整个运动过程只有重力和库仑力做功，库仑力方向与小球a 速度方向夹角一直大于90°，所以库仑力在整个过程做负功．小球a 从N 到Q 的过程中，库仑力增大，库仑力与重力的夹角减小，所以它们的合力一直增大，故A 错误；小球a 受力如图所示，在靠近N 点的位置，合力与速度夹角小于90°，在P 点合力与速度夹角大于90°，所以小球a 从N 到P 的过程中，速率应先增大后减小，故B 正确；从N 到Q 的过程中，库仑力一直做负功，所以电势能一直增加，故C 正确；根据能量守恒可知，P 到Q 的过程中，动能的减少量等于重力势能和电势能的增加量之和，故D 错误．]5．D [油滴从O 到O ′的过程，动能不变，而重力势能增加，根据能量守恒可知油滴的电势能减小，电场力做正功，油滴带负电，则知该油滴应逆着电场线移动，故O ′在O 的左上方．故A 、B 错误；油滴从O 到O ′的过程，由动能定理得U O ′O q －mgh ＝0解得U O ′O ＝mgh q.故C 错误；竖直方向上：vsin θ＝gt ，设水平方向的加速度大小为a ，取向右为正方向，则－v ＝vcos θ－at 又Eq ＝ma 联立以上三式得：E ＝mg(1＋cos θ)qsin θ＝0.6mg 0.2q ＝3mg q，故D 正确．] 6．B [小球从A 运动到B 的过程中，动能不变，重力势能增加，电势能减小，则小球在B 点的电势能一定小于小球在A点的电势能，故A错误；根据动能定理得：－mgLsinθ＋qU AB＝12mv20－12mv20，得到：U AB＝mgLsinθq.故B正确．若电场是匀强电场，电场力恒定，到达B点时小球速度仍为v0，故小球做匀速直线运动，电场力与重力、支持力的合力为零．小球的重力沿斜面向下的分力为mgsinθ一定，则当电场力沿斜面向上，大小为F＝mgsinθ时，电场力最小，场强最小，又电场力F＝Eq，则该电场的场强的最小值一定是mgLsinθq.电场强度的最大值不能确定．故C错误；若该电场是由放置在C点的点电荷Q产生，θ为45°时，A、B两点的电势相等，小球从A运动到B电势能不变，与上分析矛盾，故D错误．]7．BD [物块在4s内位移为：x＝12×2×(2＋4) m＝6m，故A错误；由题图乙可知，前2s物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：qE1－μmg＝ma，由图线知加速度为：a＝1m/s2.1 s后物块做匀速直线运动，由平衡条件有：qE2＝μmg，联立解得：q(E1－E2)＝ma由图可得：E1＝3×104 N/C，E2＝2×104N/C，代入数据解得：m＝1kg；由qE2＝μmg可得：μ＝0.2，故B正确，C错误；物块在前2s内的位移x1＝12×2×2m＝2m，物块在2～4s内的位移为x2＝vt2＝4m．电场力做正功W＝qE1x1＋qE2x2＝3×2＋2×4J＝14J，则电势能减少了14J，故D正确．]。
2020-2021学年湖南省怀化市高三下学期第二次模拟考试物理卷(解析版).doc
2020-2021学年湖南省怀化市高三下学期第二次模拟考试物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：功能关系,电功率和焦耳定律,法拉第电磁感应定律,电磁感应中切割类问题）（20分）如图所示，两条金属导轨相距L=1m，水平部分处在竖直向下的匀强磁场B1中，其中MN段平行于PQ段，位于同一水平面内，NN0段与QQ0段平行，位于与水平面成倾角37°的斜面内，且MNN0与PQQ0均在竖直平面内。
在水平导轨区域和倾斜导轨区域内分别有垂直于水平面和斜面的匀强磁场B1和B2，且B1=B2=0.5T；ab和cd是质量均为m=0.2kg、电阻分别为Rab=0.5Ω和Rcd=1.5Ω的两根金属棒，ab置于水平导轨上，与水平导轨间的动摩擦因数μ=0.5，cd置于光滑的倾斜导轨上，均与导轨垂直且接触良好。
从t=0时刻起，ab棒在水平外力F1作用下由静止开始以a=2m/s2的加速度向右做匀加速直线运动，cd棒在平行于斜面方向的力F2的作用下保持静止状态。
不计导轨的电阻。
水平导轨足够长，ab棒始终在水平导轨上运动，已知sin37°=0.6 ，cos37°=0.8 ，g=10m/s2 。
求：（1）t=5s时，cd棒消耗的电功率；（2）从t=0时刻起，2.0s内通过ab棒的电荷量q；（3）规定图示F1、F2方向作为力的正方向，分别求出F1、F2随时间t变化的函数关系；（4）若改变F1和F2的作用规律，使ab棒的运动速度v与位移x满足v=0.4x，cd棒仍然静止在倾斜轨道上，求ab棒从静止开始到x=5m的过程中，F1所做的功。
【答案】(1)9.38W(2)1C(3) (4)6.025J【解析】试题分析：（1）金属棒ab在5s时的速度电动势此时电流评卷人得分(2)t＝0～2.0s时间内金属棒ab运动的位移t＝0～2.0s时间内穿过闭合回路磁通量的变化量为t＝0～2.0s时间内通过ab棒的电荷量为（3）金属棒ab在做匀加速直线运动的过程中，电流和时间的关系为对金属棒ab由牛顿第二定律有：得：（N）对金属棒cd由平衡条件有：得：（N）（4）ab棒做变加速直线运动，当x＝5m时，因为速度与位移成正比，所以电流、安培力也与位移成正比，（N）所以，根据动能定理，得所以，考点：本题考查电磁感应规律的综合应用（12分）如图所示，圆心角为90°的光滑圆弧形轨道，半径R为1.6 m，其底端切线沿水平方向。
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新课标最新年高考理综（物理）模拟试题一、选择题（本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的．每小题3分，共30分）1．（3分）（2010•黑龙江校级模拟）一轻质弹簧在弹性限度内伸长了1cm时产生了2N的弹力，则这根弹簧的劲度系数是（）A． 2N/m B．200N/m C．20N/m D．0.2N/m2．（3分）（2014•通州区一模）下列有关热现象的叙述中正确的是（）A．分子间的作用力随分子间距离的增大而减小B．分子势能一定随分子间距离的增大而增大C．温度升高，每个分子的动能都增大D．粗测分子直径可利用“油膜法”，测量单分子油膜的厚度可以认为是分子的直径3．（3分）（2015•廊坊校级一模）如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）A．汽车在做加速直线运动B．汽车的加速度方向与v1的方向相同C．汽车的加速度方向与△v的方向相同D．汽车的加速度方向与△v的方向相反4．（3分）（2013•广元模拟）如图示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A＞m B，则物体B（）A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个5．（3分）（2015•廊坊校级一模）某质点在0～4s的振动图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．质点振动的周期是2sB．在0～1s内质点做初速度为零的加速运动C．在t=2s时，质点的速度方向沿x轴的负方向D．质点振动的振幅为20cm6．（3分）（2014•通州区一模）“嫦娥三号”探测器环绕月球运行的轨道半径为r，如果轨道半径r 变大，下列说法中正确的是（）A．线速度变小B．角速度变大C．向心加速度变大D．周期变小7．（3分）（2014•通州区一模）如图所示，一带电粒子，从a点以垂直磁场方向的速度v进入磁感应强度为B的有界匀强磁场中，沿着acb半圆弧运动，从b点飞出磁场，已测得半圆弧的直径ab 长度为L，则下列说法中正确的是（）A．粒子带正电，带电粒子的荷质比=B．粒子带正电，带电粒子的荷质比=C．粒子带负电，带电粒子的荷质比=D．粒子带负电，带电粒子的荷质比=8．（3分）（2015•漳州三模）如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1000匝，副线圈匝数n2=200匝，原线圈所接交流电源的电动势瞬时值表达式e=311sin100πt V，副线圈所接电阻R=88Ω．电流表、电压表对电路影响可忽略不计．则（）A．A1的示数约为0.10A B．V1的示数约为311VC．V2的示数约为62.2V D．A2的示数约为0.75A9．（3分）（2014•东城区一模）如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地．给电容器充电，静电计指针张开一定角度．实验过程中，电容器所带电荷量不变．下面操作能使静电计指针张角变大的是（）A．将M板向上平移B．将M板沿水平向右方向靠近N板C．在M、N之间插入有机玻璃板D．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触10．（3分）（2014•东城区一模）地面附近处的电场的电场线如图所示，其中一条方向竖直向下的电场线上有a、b两点，高度差为h．质量为m、电荷量为﹣q的检验电荷，从a点由静止开始沿电场线运动，到b点时速度为．下列说法中正确的是（）A．质量为m、电荷量为+q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度为2B．质量为m、电荷量为+2q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度为C．质量为m、电荷量为﹣2q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度仍为D．质量为m、电荷量为﹣2q的检验电荷，在a点由静止开始释放，点电荷将沿电场线在a、b两点间来回运动二、非选择题：11．（6分）（2014•宜昌模拟）某同学用刻度尺测金属丝的长度l，用螺旋测微器测金属丝的直径d，其示数分别如图1和图2所示，则金属丝长度l= cm，金属丝直径d=mm．他还用多用电表按正确的操作程序测出了它的阻值，测量时选用“×1”欧姆挡，示数如图3所示，则金属丝的电阻R= Ω．12．（12分）（2013•朝阳区一模）（2）某学校的学生为了测定物块与桌面之间的动摩擦因数，想出了很多方法．①其中甲同学采用了如图4所示的装置进行实验，他使物块在重物的牵引下开始运动，当重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上．实验中甲同学用打点计时器记录了物块的运动，图5为他截取的一段纸带，记录了物块做匀减速运动过程的信息，1、2、3、4、5是他选取的计数点，相邻两个计数点之间还有四个点未画出．已知打点计时器电源的频率为50Hz．根据纸带可求出物块做减速运动过程中的加速度大小a= m/s2（保留两位有效数字）．若当地的重力加速度大小为9.8m/s2，则物块与桌面的动摩擦因数μ1= （保留两位有效数字），该测量结果比动摩擦因数的真实值（填“偏大”或“偏小”）．②乙同学采用了如图6所示的另一套装置进行实验，使物块A位于水平桌面的O点时，重物B刚好接触地面．将A拉到P点，待B稳定后由静止释放，A最终滑到Q点．分别测量OP、OQ的长度h和s．改变h，重复以上的操作，分别测出以下几组实验数据．1 2 3 4 5 6h/cm 10.0 20.0 30.0 40.0 50.0 60.0s/cm 9.5 12.5 28.5 39.0 48.0 56.5乙同学在图7中已标出第1、2、3、5、6组数据对应的坐标点，请你在图中标出第4组数据对应的坐标点，并画出s﹣h关系图线．实验中测得A、B的质量之比m A：m B=4：5，则根据s﹣h图线计算出物块A与桌面间的动摩擦因数μ2= ．13．（6分）（2014•东城区一模）在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，已知实验室中使用的酒精油酸溶液的浓度为A，N滴溶液的总体积为V．在浅盘中的水面上均匀撒上痱子粉，将一滴溶液滴在水面上，待油膜稳定后，在带有边长为a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓（如图所示），测得油膜占有的正方形小格个数为X．①用以上字母表示油酸分子的大小d= ．②从图中数得X= ．14．（12分）（2014•东城区一模）为了测量某一未知电阻R x的阻值，某实验小组找来以下器材：电压表（0～3V，内阻约3kΩ）、电流表（0～0.6A，内阻约0.5Ω）、滑动变阻器（0～15Ω，2A）、电源（E=3V，内阻很小）、开关与导线，并采用如图甲所示的电路图做实验．①请按图甲所示的电路图将图乙中实物连线图补齐；②图乙中，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于端（选填“a”、“b”）．③闭合开关，缓慢调节滑动变阻器，得到多组电压表与电流表的读数，根据实验数据在坐标系中描出坐标点，请你完成U﹣I图线；④根据U﹣I图可得，该未知电阻的阻值R x= ．（保留两位有效数字）⑤由于实验中使用的电表不是理想电表，会对实验结果造成一定的影响，则该小组同学实验测出的电阻值R x的真实值（填“＞”、“＜”或“=”）．⑥利用现有的仪器，为了更加精确地测量这个电阻的阻值，请你给该实验小组提出建议并说明理由．15．（16分）（2014•通州区一模）如图所示，轨道ABC中的AB段为一半径R=0.2m的光滑圆形轨道，BC段为足够长的粗糙水平面．一质量为0.1kg的小滑块P由A点从静止开始下滑，滑到B 点时与静止在B点另一质量为0.1kg的小滑块Q碰撞后粘在一起，两滑块在BC水平面上滑行0.5m后停下．（g取10m/s2），求：（1）小滑块P刚到达圆形轨道B 点时，轨道对它的支持力F N的大小；（2）小滑块P与小滑块Q碰撞后共同运动的速度v共大小；（3）滑块与水平面间的动摩擦因数μ的大小．16．（18分）（2013•漳州模拟）如图所示，在真空室中平面直角坐标系的y轴竖直向上，x轴上的P点与Q点关于坐标原点O对称，PQ间的距离d=30cm．坐标系所在空间存在一匀强电场，场强的大小E=1.0N/C．一带电油滴在xOy平面内，从P点与x轴成30°的夹角射出，该油滴将做匀速直线运动，已知油滴的速度v=2.0m/s射出，所带电荷量q=1.0×10﹣7C，重力加速度为g=10m/s2．（1）求油滴的质量m．（2）若在空间叠加一个垂直于xOy平面的圆形有界匀强磁场，使油滴通过Q点，且其运动轨迹关于y轴对称．已知磁场的磁感应强度大小为B=2.0T，求：a．油滴在磁场中运动的时间t；b．圆形磁场区域的最小面积S．参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的．每小题3分，共30分）1．（3分）（2010•黑龙江校级模拟）一轻质弹簧在弹性限度内伸长了1cm时产生了2N的弹力，则这根弹簧的劲度系数是（）A． 2N/m B．200N/m C．20N/m D． 0.2N/m考点：胡克定律．专题：弹力的存在及方向的判定专题．分析：已知弹簧的弹力为2N，弹簧伸长的长度为1cm，根据胡克定律F=kx求解弹簧的劲度系数．解答：解：由题，F=2N，x=1cm=1×10﹣2m，根据胡克定律F=kx得弹簧的劲度系数k==故选B点评：弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律．公式F=kx中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量．2．（3分）（2014•通州区一模）下列有关热现象的叙述中正确的是（）A．分子间的作用力随分子间距离的增大而减小B．分子势能一定随分子间距离的增大而增大C．温度升高，每个分子的动能都增大D．粗测分子直径可利用“油膜法”，测量单分子油膜的厚度可以认为是分子的直径考点：分子间的相互作用力；温度是分子平均动能的标志；用油膜法估测分子的大小．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：分子间的作用力和分子势能与分子间距离的关系比较复杂，与分子力表现为引力还是斥力有关；温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大；“油膜法”可粗测分子直径．解答：解：A、当分子间的作用力表现为斥力时，分子力随分子间距离的增大而减小，而当分子间的作用力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大先增大后减小，故A错误．B、当分子间的作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小，当分子间的作用力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大，故B错误．C、温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大，由于分子的运动是无规则的，杂乱无章的，不是每个分子的动能都增大，故C错误．D、粗测分子直径可利用“油膜法”，在水面上形成单分子层油膜，单分子油膜的厚度可以认为是分子的直径，故D正确．故选：D点评：本题关键要理解并掌握分子动理论，知道温度是分子平均动能的标志，懂得单分子油膜法测量分子直径的原理．3．（3分）（2015•廊坊校级一模）如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）A．汽车在做加速直线运动B．汽车的加速度方向与v1的方向相同C．汽车的加速度方向与△v的方向相同D．汽车的加速度方向与△v的方向相反考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：速度是矢量，速度的变化量△v=v2﹣v1，用从矢量v1的箭头到矢量v2的箭头的有向线段表示，加速度的方向与速度变化量的方向相同．解答：解：速度是矢量，速度的变化量△v=v2﹣v1，根据图象可知，△v的方向与初速度方向相反，而加速度的方向与速度变化量的方向相同，所以加速度方向与初速度方向相反，物体做减速运动，故C正确，ABD错误．故选：C点评：矢量相加和矢量相减都符合平行四边形定则或者三角形定则，△v=v2﹣v1=v2+（﹣v1），即矢量相减可以转化为矢量相加．4．（3分）（2013•广元模拟）如图示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A＞m B，则物体B（）A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对B结合运动情况受力分析，得到受力情况．解答：解：A、B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力；故选：A．点评：本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力．5．（3分）（2015•廊坊校级一模）某质点在0～4s的振动图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．质点振动的周期是2sB．在0～1s内质点做初速度为零的加速运动C．在t=2s时，质点的速度方向沿x轴的负方向D．质点振动的振幅为20cm考点：简谐运动的振动图象．专题：简谐运动专题．分析：根据质点完成一次全振动的时间等于一个周期，由图读出周期．根据质点的位移分析速度的速度，并判断质点的速度方向．振幅等于质点偏离平衡位置的位移x的最大值．解答：解：AD、由图知，振动周期是4s，振幅为10cm．故A、D错误．B、在0～1s内质点从平衡位置向最大位移处运动，速度减小，做减速运动，故B错误．C、在t=2s时，质点经过平衡位置向负向最大位移处运动，速度沿x轴负向．故C正确．故选：C点评：本题是简谐运动的图象，关键要根据质点的位移情况，分析运动过程，判断质点的速度的变化，并确定出质点的速度方向．6．（3分）（2014•通州区一模）“嫦娥三号”探测器环绕月球运行的轨道半径为r，如果轨道半径r 变大，下列说法中正确的是（）A．线速度变小B．角速度变大C．向心加速度变大D．周期变小考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：探测器绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力计算出线速度、角速度、向心加速度、周期和轨道半径的关系，据此关系讨论即可．解答：解：根据万有引力提供向心力：，解得：，，，T=2π．由此可知，当r变大时，v、ω、a都要变小，而周期变大，故A正确、BCD错误．故选：A．点评：本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，要能根据题目的要求选择恰当的向心力的表达式．7．（3分）（2014•通州区一模）如图所示，一带电粒子，从a点以垂直磁场方向的速度v进入磁感应强度为B的有界匀强磁场中，沿着acb半圆弧运动，从b点飞出磁场，已测得半圆弧的直径ab 长度为L，则下列说法中正确的是（）A．粒子带正电，带电粒子的荷质比=B．粒子带正电，带电粒子的荷质比=C．粒子带负电，带电粒子的荷质比=D．粒子带负电，带电粒子的荷质比=考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据左手定则判断粒子的电性，粒子做匀速圆周运动，轨道半径为，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解带电粒子的荷质比．解答：解：初位置粒子速度向上，磁场方向向外，洛伦兹力向右，根据左手定则，粒子带正电；轨道半径为，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：qvB=m解得：故选：B．点评：本题关键掌握左手定则，知道洛伦兹力提供向心力，会用牛顿第二定律并结合向心力公式列式求解，基础问题．8．（3分）（2015•漳州三模）如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1000匝，副线圈匝数n2=200匝，原线圈所接交流电源的电动势瞬时值表达式e=311sin100πt V，副线圈所接电阻R=88Ω．电流表、电压表对电路影响可忽略不计．则（）A．A1的示数约为0.10A B．V1的示数约为311VC．V2的示数约为62.2V D．A2的示数约为0.75A考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：根据理想变压器中原副线圈的电流、电压与匝数比之间关系可以直接求解，注意电压表、电流表示数均为有效值．解答：解：由题意可知：U1==220V，根据电压与匝数成正比得：U2==44V，I2==0.5A，根据电流与匝数成反比得：I1==0.1A，故A正确．故选：A．点评：要根据理想变压器中电流、电压与匝数比之间的关系进行有关问题的解答，注意电表的示数均为有效值．9．（3分）（2014•东城区一模）如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地．给电容器充电，静电计指针张开一定角度．实验过程中，电容器所带电荷量不变．下面操作能使静电计指针张角变大的是（）A．将M板向上平移B．将M板沿水平向右方向靠近N板C．在M、N之间插入有机玻璃板D．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：静电计指针的张角反应电容器两端间电势差的变化，抓住电容器带电量不变，根据U=，通过电容的变化，判断电势差的变化．解答：解：A、将M板向上平移，正对面积减小，根据C=，电容减小，根据U=，Q不变，则电势差增大，张角变大．故A正确．B、将M板沿水平向右方向靠近N板，d变小，根据C=，电容变大，根据U=，Q不变，则电势差减小，张角变小．故B错误．C、在M、N之间插入有机玻璃板，根据C=，电容增大，根据U=，Q不变，则电势差减小，张角变小．故C错误．D、在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触，d减小，根据C=，电容增大，根据U=，Q不变，则电势差减小，张角变小．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握电容器的动态分析，电容器与电源断开，电量保持不变，电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变．10．（3分）（2014•东城区一模）地面附近处的电场的电场线如图所示，其中一条方向竖直向下的电场线上有a、b两点，高度差为h．质量为m、电荷量为﹣q的检验电荷，从a点由静止开始沿电场线运动，到b点时速度为．下列说法中正确的是（）A．质量为m、电荷量为+q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度为2B．质量为m、电荷量为+2q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度为C．质量为m、电荷量为﹣2q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度仍为D．质量为m、电荷量为﹣2q的检验电荷，在a点由静止开始释放，点电荷将沿电场线在a、b两点间来回运动考点：电势差与电场强度的关系；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子在电场力与重力共同做功下，导致重力势能、电势能与动能间相互转化，但它们的之和不变．电场力做功，导致电势能变化；重力做功，导致重力势能变化．解答：解：A、从a到b的过程中，运用动能定理，对﹣q：﹣﹣﹣﹣①对于q：﹣﹣﹣﹣②①②两式相加化简得，故A错误．B、对+2q运用动能定理：﹣﹣﹣﹣③由①③得，故B错误．C、对﹣2q运用动能定理：﹣﹣﹣﹣④由①④化简得，故C错误．D、由以上分析可知，到达b点时，速度为零，说明电场力大于重力，故接下来向上运动．根据电场线的分布可知，越向上，电场力越小，最终会小于重力，当速度减为零后，又会向下运动，如此往复，故D正确．故选：D．点评：查电场力做功表达式W=qU，与动能定理的应用，注意功的正负值，同时掌握电场力做功与电势能的变化关系，重力做功与重力势能变化的关系．二、非选择题：11．（6分）（2014•宜昌模拟）某同学用刻度尺测金属丝的长度l，用螺旋测微器测金属丝的直径d，其示数分别如图1和图2所示，则金属丝长度l= 40.25 cm，金属丝直径d= 0.229 mm．他还用多用电表按正确的操作程序测出了它的阻值，测量时选用“×1”欧姆挡，示数如图3所示，则金属丝的电阻R= 9 Ω．考点：伏安法测电阻；探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；恒定电流专题．分析：弄清刻度尺的量程和分度值后读数，需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．欧姆表的表盘刻度乘以倍率等于被测电阻的阻值．解答：解：刻度尺的读数为：40.25cm，螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度读数为0.01×22.9mm=0.229mm，所以最终读数为0.229mm．被测电阻的阻值为9×1=9Ω故答案为：40.25，0.229mm，9Ω．点评：注意螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12．（12分）（2013•朝阳区一模）（2）某学校的学生为了测定物块与桌面之间的动摩擦因数，想出了很多方法．①其中甲同学采用了如图4所示的装置进行实验，他使物块在重物的牵引下开始运动，当重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上．实验中甲同学用打点计时器记录了物块的运动，图5为他截取的一段纸带，记录了物块做匀减速运动过程的信息，1、2、3、4、5是他选取的计数点，相邻两个计数点之间还有四个点未画出．已知打点计时器电源的频率为50Hz．根据纸带可求出物块做减速运动过程中的加速度大小a= 2.0 m/s2（保留两位有效数字）．若当地的重力加速度大小为9.8m/s2，则物块与桌面的动摩擦因数μ1= 0.2 （保留两位有效数字），该测量结果比动摩擦因数的真实值偏大（填“偏大”或“偏小”）．②乙同学采用了如图6所示的另一套装置进行实验，使物块A位于水平桌面的O点时，重物B刚好接触地面．将A拉到P点，待B稳定后由静止释放，A最终滑到Q点．分别测量OP、OQ的长度h和s．改变h，重复以上的操作，分别测出以下几组实验数据．1 2 3 4 5 6h/cm 10.0 20.0 30.0 40.0 50.0 60.0s/cm 9.5 12.5 28.5 39.0 48.0 56.5乙同学在图7中已标出第1、2、3、5、6组数据对应的坐标点，请你在图中标出第4组数据对应的坐标点，并画出s﹣h关系图线．实验中测得A、B的质量之比m A：m B=4：5，则根据s﹣h图线计算出物块A与桌面间的动摩擦因数μ2= 0.40 ．考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题；摩擦力专题．分析：①由打点计时器电源的频率为50Hz，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，可知相邻计数点间的时间为T=0.1s，进而由逐差法可得加速度．由物体受摩擦力作用而减速运动，可得摩擦因数，由于实际在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力，所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大．②对在B下落至临落地时和在B落地后，A运动到Q，两个过程运用动能定理，求得μ的表达式，再结合从s﹣h图象，即可求解μ；解答：解：①、由打点计时器电源的频率为50Hz，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，可知相邻计数点间的时间为T=0.1s，进而由逐差法可得加速度为：物体受摩擦力作用而减速运动，可得：μMg=Ma解得：由于实际在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力，所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大．②、如图：B下落至临落地时根据动能定理有：在B落地后，A运动到Q，有：解得：A、B的质量之比m A：m B=4：5，在s﹣h图象上任取一组数据h=10cm，s=9.5cm，代入可以得：．答：①2.0；0.2；偏大．②0.4．点评：在判断此类问题时，要深刻理解动能定理，能量守恒定律，要会通过图象分析相关问题．13．（6分）（2014•东城区一模）在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，已知实验室中使用的酒精油酸溶液的浓度为A，N滴溶液的总体积为V．在浅盘中的水面上均匀撒上痱子粉，将一滴溶液滴在水面上，待油膜稳定后，在带有边长为a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓（如图所示），测得油膜占有的正方形小格个数为X．①用以上字母表示油酸分子的大小d= ．②从图中数得X= 62 ．考点：用油膜法估测分子的大小．专题：实验题．分析：①“用单分子油膜法估测分子的大小”的实验原理：油酸以单分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度根据题意表示出一滴油膜的体积，用其除以单分子油膜的面积，可得油膜的厚度，即为油膜分子的直径．②数坐标纸上方格的个数时，不足半个舍去，多于半个的算一个．解答：解：①由题意可知，一滴这种纯油酸的体积为：V=油膜的面积为S=Xa2，由于形成单分子油膜，则油膜的厚度即为油酸分子的直径为d==．②在围成的方格中，不足半个舍去，多于半个的算一个，从图中数得油膜占有的小正方形个数为X=62．故答案为：。