解析山东省滨州市邹平县黄山高中2021年高三上学期月考物理试卷 Word版含解析

二、选择题：（本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14－18题中只有一项符合题目要求,第1９-21题有多项符合题目要求.全部选对的得６分,选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．关于科学研究方法,以下说法不正确的是（)A．利用速度一时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，使用了微元法B.在探究加速度与力、质量三者关系的实验中，应用了控制变量法C.电场力做功可以与重力做功类比,两种力做功都与路径无关D．法拉第在研究电磁感应现象时，利用了理想实验的方法2．如图为湖边一倾角为３０°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A点处以速度ｖ沿水平方向扔小石子,已知ＡＯ=40m,g取10m／ｓ2．下列说法正确的是（)A．若v0＝1８m/ｓ,则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则v０越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大Ｃ.若石块不能落入水中，则v０越大,落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．若石块不能落入水中,则ｖ0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小３.太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Glｉｃsc581”运行的行星“Gl﹣５81c”却很值得我们期待．该行星的温度在0℃到40℃之间,质量是地球的6倍，直径是地球的１．5倍．公转周期为1３个地球日.“Glicsｃ５８1”的质量是太阳质量的0.31倍．设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体,绕其中心天体做匀速圆周运动,则( ）Ａ.在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度相同B．如果人到了该行星,其体重是地球上的2倍C．该行星与“Glicｓc58１”的距离是日地距离的倍D.恒星“Gliｃsc58１”的密度是地球的倍4.如图a所示,光滑绝缘水平面上有甲、乙两个带电小球,t=０时，乙球以6m/s的初速度向静止的甲球运动,之后它们仅在电场力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触）．它们运动的ｖ﹣t图象分别如图b中甲、乙两曲线所示．由图线可知．下列说法正确的是（)A.甲、乙两球一定带异种电荷B．0～t3内，甲球做加速度增大的加速直线运动Ｃ．0~t2时间内,两球间的电场力先增大后减小Ｄ.t1时刻两球的电势能最小5．如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数比ｎ1:n2=４：1,电源电压u=220siｎ3１4t(Ｖ)，原线圈电路中接入熔断电流Ｉ0＝1A的保险丝，副线圈电路中接入一可变电阻R,则( ）Ａ.电压表的读数为77VB．当可变电阻R的阻值变大时，电源的输入功率变大C．可变电阻R的阻值低于1３.７5Ω时保险丝将熔断D.副线圈的输出功率一定是200Ｗ６.如图所示，一个教学用的直角三角板的边长分别为a、b、ｃ，被沿两直角边的细绳Ａ、B悬吊在天花板上，且斜边c恰好平行天花板，过直角的竖直线为ＭN.设A、B两绳对三角形薄板的拉力分别为F a和F b，已知Fａ和F b及薄板的重力为在同一平面的共点力，则下列判断正确的是( ）A．薄板的重心在MN线上ﻩB.薄板的重心不在ＭＮ线上Ｃ．＝D．=7.质量分别为m１、m2的A、B两物体放在同一水平面上，受到大小相同的水平力Ｆ的作用,各自由静止开始运动．经过时间t０，撤去Ａ物体的外力F；经过４t0,撤去B物体的外力Ｆ．两物体运动的v﹣t关系如图所示,则A、B两物体( )Ａ.与水平面的摩擦力大小之比为5：12B.在匀加速运动阶段，合外力做功之比为4:１Ｃ.在整个运动过程中，克服摩擦力做功之比为1：２D.在整个运动过程中,摩擦力的平均功率之比为5:3８．如图所示,足够长传送带与水平方向的倾角为θ,物块ａ通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块ｂ相连,b的质量为m，开始时,a、b及传送带均静止,且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动,则在b下降h高度(a未与滑轮相碰)过程中下列说法正确的是（）A.物块a重力势能增加ｍghB．物块b的机械能减少mgｈC.摩擦力对a做的功大于a机械能的增加D．摩擦力对a做的功等于物块ａ、b系统机械能增加两量三、非选择题9.如图,某实验小组在实验室中利用水平气垫导轨和两光电门计时器A和Ｂ验证滑块M和钩码m组成的系统机械能守恒，已知遮光条的宽度为ｄ，先后通过A、B光电门的时间分别为△t1、△ｔ２,滑块运动通过光电门B时，钩码未落地．①本实验中需要用到的器材有(填字母序号)．A．天平B．刻度尺 C.打点计时器D．秒表E．测力计②验证本系统机械能守恒的原理表达式为(用已知量和能直接测量的量表示）.③下列因素中可能增大实验误差的是(填字母序号）．A．气垫导轨未调水平B.滑块质量Ｍ和钩码质量ｍ不满足m＜＜MC.遮光条宽度太小D.两光电门间距过小.10．在一次实验技能比赛中,一同学设计了如图甲所示电路来测电源的电动势和内阻.该同学选好器材后,用导线将各器材连接成如图乙所示实物连线电路（图甲是其电路原理图）,其中Ｒ0是保护电阻.①该同学在闭合电键后,发现电压表无示数,电流表有示数,在选用器材时,除了导线外,其他器材经检测都是完好的，则出现故障的原因是（请用接线柱处的字母去表达）．②该同学测量时记录了6组数据，并根据这些数据画出了U﹣I图线如图丙所示.根据图线求出电池的电动势E= Ｖ（保留三位有效数字）,内阻r= Ω（保留二位有效数字)③若保护电阻R0的阻值未知，该电源的电动势Ｅ、内电阻ｒ已经测出，在图乙的电路中只需改动一条线就可测量出R0的阻值.该条线是,需改接为.改接好后,调节滑动变阻器，读出电压表的示数为U、电流表示数为I,电源的电动势用E表示,内电阻用r表示，则R0= .11．近来我国高速公路发生多起有关客车相撞的严重交通事故,原因之一就是没有掌握好车距，据经验丰富的司机总结,在高速公路上,一般可按你的车速来确定与前车的距离，如车速为80km/h,就应与前车保持80m的距离，以此类推，现有一辆客车以大小v0=９0ｋm／h的速度行驶，一般司机反应时间t=0．5s(反应时间内车被视为匀速运动)，刹车时最大加速度a1＝5m/s2,求:（１）若司机发现前车因故突然停车,则从司机发现危险到客车停止运动,该客车通过的最短路程?并说明按经验,车距保持9０m是否可行？（2）若客车超载，刹车最大加速度减为ａ2=4m/s2；司机为赶时间而超速，速度达到v1＝１４4km／h；且晚上疲劳驾驶，反应时间增为t′=1.５s，则从司机发现危险到客车停止运动,客车通过的最短路程?并说明在此情况下经验是否可靠?12.如图1所示，水平面内的直角坐标系的第一象限有磁场分布,方向垂直于水平面向下，磁感应强度沿y 轴方向没有变化,与横坐标x的关系如图2所示,图线是双曲线（坐标轴是渐进线)；顶角θ=４５°的光滑金属长导轨MＯＮ固定在水平面内,ON与x轴重合，一根与OＮ垂直的长导体棒在水平向右的外力作用下沿导轨ＭON向右滑动，导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触．已知ｔ=0时,导体棒位于顶角O 处；导体棒的质量为m=２ｋg；OＭ、ON接触处Ｏ点的接触电阻为R＝0.5Ω，其余电阻不计;回路电动势E与时间ｔ的关系如图3所示，图线是过原点的直线．求:(1)t=２ｓ时流过导体棒的电流强度I２的大小；(２）1~2s时间内回路中流过的电量q的大小；（3）导体棒滑动过程中水平外力F(单位：Ｎ）与横坐标x（单位:m）的关系式．1３．关于热现象和热学规律,下列说法中正确的是（）A.只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数,就可以算出气体分子的体积Ｂ.悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C.一定质量的理想气体，保持气体的压强不变，温度越高，体积越大Ｄ.一定温度下,饱和汽的压强是一定的Ｅ．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力,没有斥力,所以液体表面具有收缩的趋势14．如图，一底面积为Ｓ、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上,内有两个质量均为m的相同活塞A和B；在A与B之间、B与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V.已知容器内气体温度始终不变,重力加速度大小为ｇ，外界大气压强为P0,现假设活塞B发生缓慢漏气,致使Ｂ最终与容器底面接触．求活塞A移动的距离．ﻬ2０2０┄2021学年山东省滨州市邹平县黄山高中高三（上）月考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：（本题共8小题,每小题6分．在每小题给出的四个选项中,第14-18题中只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得６分，选对但不全的得３分,有选错的得０分．)1.关于科学研究方法，以下说法不正确的是( )A.利用速度一时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，使用了微元法B.在探究加速度与力、质量三者关系的实验中,应用了控制变量法Ｃ．电场力做功可以与重力做功类比,两种力做功都与路径无关D.法拉第在研究电磁感应现象时,利用了理想实验的方法【考点】加速度与力、质量的关系式．【分析】（1)微元法是指在处理问题时,从对事物的极小部分(微元）分析入手，达到解决事物整体目的方法.它在解决物理学问题时很常用,思想就是“化整为零”,先分析“微元”,再通过“微元”分析整体．(2）保持一个或多个量不变,调整另一个或多个量改变，来探究这些量之间的关系,这种方法叫控制变量法；(３）把两种形式相近的事物作比较，从而达到对其中一个的深入了解,这就是类比;（4)在难以达到条件的时候，这时,我们常常需要借助将实验想象为理想情况下来达到我们的目的，在实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律，这种研究问题的方法就是逼近法或科学推理法．【解答】解：A、速度一时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时,取时间很短,则当作匀速直线运动，从而从通过“微元”分析整体,使用了微元法,故正确但不符合题意；Ｂ、在探究加速度与力、质量三者关系的实验中，应用了控制变量法，控制其中一个量不变,确定另两量的关系，故正确但不符合题意；C、电场力做功可以与重力做功类比,两种力做功都与路径无关,故正确但不符合题意；D、法拉第在研究电磁感应现象时,利用了实验来研究的方法,故说法错误但符合题意．本题选择错误的，故选：Ｄ.【点评】知道物理学中常用的研究方法,并能正确的判断是解决该题的关键．2.如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图,水面与大坝的交点为O.一人站在A点处以速度ｖ0沿水平方向扔小石子,已知AＯ=40ｍ，g取10m／s２.下列说法正确的是( )Ａ.若ｖ0=１8m／ｓ，则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则ｖ0越大,落水时速度方向与水平面的夹角越大C.若石块不能落入水中，则v０越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D.若石块不能落入水中，则v０越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小【考点】平抛运动.【专题】平抛运动专题.【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动,根据高度求出运动的时间,结合水平位移求出石块落在水中的最小速度.石块能落在水中,则下落的高度一定,竖直分速度一定，结合平行四边形定则判断速度方向与水平面夹角与初速度的大小关系．石块不能落在水中,石块竖直位移与水平位移的比值是定值，结合平抛运动的规律分析落在斜面上的速度方向与斜面倾角与什么因素有关.【解答】解:A、根据h=得，ｔ=.则石块落入水中的最小初速度.可知v0＝１8m/ｓ，则石块可以落入水中.故A正确．B、若石块能落入水中，则下落的高度一定，可知竖直分速度一定，根据知,初速度越大,则落水时速度方向与水平面的夹角越小.故B错误．C、若石块不能落入水中,速度方向与水平方向的夹角的正切值,位移方向与水平方向夹角的正切值，可知tanα=2tａnθ,因为θ一定,则速度与水平方向的夹角一定,可知石块落到斜面时速度方向与斜面的夹角一定，与初速度无关．故C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解.3.太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Gｌicsc581”运行的行星“Gl﹣581ｃ”却很值得我们期待．该行星的温度在0℃到４0℃之间,质量是地球的6倍,直径是地球的1.5倍.公转周期为13个地球日．“Glicsc581”的质量是太阳质量的０.31倍.设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体做匀速圆周运动，则（)A．在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度相同B．如果人到了该行星，其体重是地球上的2倍C．该行星与“Glicｓc581”的距离是日地距离的倍D.恒星“Glicsc581”的密度是地球的倍【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题.【分析】根据万有引力提供向心力,列出等式表示出所要求解的第一宇宙速度和该行星与“Ｇliese581”的距离．根据万有引力近似等于重力，求出该行星表面与地球表面重力加速度之比，即可求出体重关系；根据密度公式求解恒星“Glicsc５81”的密度与地球密度的关系．【解答】解:Ａ、当卫星绕任一行星表面附近做匀速圆周运动时的速度即为行星的第一宇宙速度，由Ｇ=m，得v=,M是行星的质量，Ｒ是行星的半径.设地球的质量为Ｍ,半径为Ｒ．则得该行星与地球的第一宇宙速度之比为v行:v地=：=2：1．故A错误;B、由万有引力近似等于重力,得Ｇ=mg，得行星表面的重力加速度为g=,则得该行星表面与地球表面重力加速度之比为g行：g地=：=8：3所以如果人到了该行星,其体重是地球上的=2倍.故B正确；Ｃ、行星绕恒星运转时,根据万有引力提供向心力,列出等式G=m，得行星与恒星的距离r=行星“G1﹣58lｃ”公转周期为13个地球日.将已知条件代入解得：行星“G1﹣58ｌｃ”的轨道半径与地球轨道半径r行Ｇ：r日地=，故C错误;D、由于恒星“Glicsc581”的半径未知，不能确定其密度与地球密度的关系，故D错误．故选:B.【点评】此题中行星绕恒星、卫星绕行星的类型相似,关键要建立模型，根据万有引力提供向心力,万有引力近似等于重力进行求解.4．如图a所示,光滑绝缘水平面上有甲、乙两个带电小球，t=0时，乙球以6m/s的初速度向静止的甲球运动，之后它们仅在电场力的作用下沿同一直线运动(整个运动过程中没有接触)．它们运动的v﹣t图象分别如图b中甲、乙两曲线所示.由图线可知.下列说法正确的是（）A．甲、乙两球一定带异种电荷B．0~t3内,甲球做加速度增大的加速直线运动Ｃ.0～t2时间内，两球间的电场力先增大后减小Ｄ．ｔ１时刻两球的电势能最小【考点】电势差与电场强度的关系;牛顿第二定律;电势能.【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图象0﹣t１段,判定甲从静止开始与乙同向运动,则知甲的电性．分析t1时刻前后两球距离的变化，判断电场力做功情况,分析两电荷的电势能.０～t２时间内,分析两电荷间距离变化,可知相互静电力的变化.t1~t3时间内,甲的动能一直增大,乙的动能先减小后增大【解答】解：A、由图象0﹣t１段看出,甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同.故A错误．B、再v﹣t图象中，斜率代表物体运动的加速度,故甲的加速度先增大后减小,故Ｂ错误;Ｃ、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小,在t1～ｔ2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小．故Ｃ正确D、0~ｔ1时间内两电荷间距离逐渐减小,在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大,ｔ1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大,两电荷的电势能最大.故D错误故选：C【点评】本题也可以运用类比的方法分析,相当于发生了完全非弹性碰撞,ｔ1时刻两球的速度相同,动能损失最大,两电荷的电势能最大5．如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=４：1，电源电压u=220sin3１4t(V),原线圈电路中接入熔断电流Ｉ0=1A的保险丝,副线圈电路中接入一可变电阻R，则( )A.电压表的读数为７7ＶB.当可变电阻R的阻值变大时,电源的输入功率变大C．可变电阻Ｒ的阻值低于13.75Ω时保险丝将熔断D.副线圈的输出功率一定是２00W【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压之比等于线圈匝数比求出副线圈电压，当可变电阻Ｒ的阻值变大时，电流变小，副线圈功率变小,则原线圈功率也变小，根据原线圈电路中电流的最大值求出副线圈电流最大值，进而求出可变电阻R的最小值，可变电阻的耗电功率是变化的．【解答】解:A、由题意得：U1＝２2０Ｖ，根据=,解得：U2＝55V，故Ａ错误；B、当可变电阻R的阻值变大时，电压不变，所以副线圈电流减小,根据电流之比等于匝数倒数比可知,原线圈电流减小,则原线圈功率变小，故Ｂ错误;C、原线圈电路中电流的最大值为1A,根据电流与匝数成反比，解得Ｉ2=4A,则可变电阻Ｒ的阻值最小值为：R==1３．75Ω,故C正确；D、可变电阻的耗电功率根据电阻的变化而变化,故Ｄ错误．故选：C【点评】本题关键明确：(１)理想变压器输入功率等于输出功率；(2)变压器变压规律.６.如图所示,一个教学用的直角三角板的边长分别为a、ｂ、c,被沿两直角边的细绳Ａ、B悬吊在天花板上，且斜边c恰好平行天花板，过直角的竖直线为ＭN．设Ａ、B两绳对三角形薄板的拉力分别为F a和Fｂ，已知Fａ和Ｆb及薄板的重力为在同一平面的共点力,则下列判断正确的是（)Ａ．薄板的重心在MN线上B．薄板的重心不在MN线上C.=Ｄ.=【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】根据三力汇交原理确定重心的位置，根据合力为零，运用合成法求出F a和F b的比值.【解答】解:A、B、三角形薄板受重力、两个拉力处于平衡，三个力虽然不是作用在同一点,根据三力汇交原理，三个力的延长线必然交于一点，由几何关系，三个力一定交于三角形下面的顶点,所以重心一定在M Ｎ线上.故A正确，B错误.Ａ、C、三角形薄板受力分析如图，根据合力等于0，则Fａ=mgｃｏsα，F b=mgsiｎα，则＝ｃｏtα=.故C正确，D错误．故选:AC.【点评】解决本题的关键理解共点力，能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解.7.质量分别为m1、ｍ２的A、B两物体放在同一水平面上,受到大小相同的水平力F的作用,各自由静止开始运动．经过时间t０,撤去A物体的外力F；经过4t0，撤去B物体的外力Ｆ．两物体运动的v﹣t关系如图所示，则A、B两物体( )A．与水平面的摩擦力大小之比为5：12B．在匀加速运动阶段,合外力做功之比为4:1C.在整个运动过程中,克服摩擦力做功之比为1:２D．在整个运动过程中,摩擦力的平均功率之比为５:3【考点】功率、平均功率和瞬时功率;功的计算.【专题】功率的计算专题.【分析】根据两物块做匀加速运动和匀减速运动的过程,求出各自运动的加速度之比，根据牛顿运动定律的从而求出摩擦力之比;速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移,根据加速阶段和整个过程的面积比得出位移比,进而可求合外力做功和克服摩擦力做功之比；由功率的定义式可得功率之比.【解答】解：A、由图象可得,A加速运动的加速度为，减速运动的加速度为,根据牛顿第二定律知①=②由①②得ｆ1=FB加速运动的加速度为,减速运动的加速度为,根据牛顿第二定律知③④由③④得f２＝F所以与水平面的摩擦力大小之比为F：=5:12，故A正确;B、合外力做功减速阶段两图象的斜率相等,故加速度相等，而此时ａ=μg，故摩擦系数相同,由牛顿第二定律知，质量之比等于摩擦力之比为5:12，在匀加速运动阶段，合外力做功之比为等于末动能之比，为：=5×2２:12×12=5：3,故Ｂ错误;Ｃ、根据图象面积表示位移知AB两物体的位移之比为6：5,由W=Fs知在整个运动过程中，克服摩擦力做功之比(5×6）:（12×5）=１：2．故Ｃ正确;D、由P＝知平均功率之比为＝5:6,故D错误;故选：AC.【点评】解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律，得出两个力的大小之比,以及知道速度﹣时间图线与时间轴所围成的面积表示位移.８．如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ,物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连,b的质量为ｍ,开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动,则在b下降h高度（ａ未与滑轮相碰)过程中下列说法正确的是（）A．物块a重力势能增加ｍghＢ.物块b的机械能减少ｍghＣ.摩擦力对a做的功大于ａ机械能的增加Ｄ．摩擦力对a做的功等于物块ａ、b系统机械能增加两量【考点】功能关系；功的计算．【分析】通过开始时,a、b及传送带均静止且ａ不受传送带摩擦力作用，根据共点力平衡得出a、b的质量关系．根据ｂ下降的高度得出a上升的高度,从而求出ａ重力势能的增加量，根据能量守恒定律判断摩擦力功与ａ、b动能以及机械能的关系.【解答】解：A、开始时，a、b及传送带均静止且ａ不受传送带摩擦力作用，有mａgsinθ=ｍｂg，则m a ｓinθ=m b．b下降h，则a上升hsiｎθ,则a重力势能的增加量为m a g×hsinθ＝mgｈ．故A正确．B、物块b的机械能减少等于减少的势能减去增加的动能,△E＝mgh,故B错误;Ｃ、Ｄ、根据功能关系，系统机械能增加等于除重力以外的力做功,所以摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量．所以摩擦力做功大于a的机械能增加.故C错误,Ｄ正确;故选：ＡD【点评】本题是力与能的综合题，关键对初始位置和末位置正确地受力分析,以及合理选择研究的过程和研究的对象,运用能量守恒进行分析．三、非选择题9．如图，某实验小组在实验室中利用水平气垫导轨和两光电门计时器A和B验证滑块M和钩码ｍ组成的系统机械能守恒,已知遮光条的宽度为d,先后通过Ａ、B光电门的时间分别为△ｔ１、△t2，滑块运动通过光电门B时,钩码未落地．①本实验中需要用到的器材有AB （填字母序号）．A.天平B．刻度尺Ｃ.打点计时器Ｄ．秒表E．测力计②验证本系统机械能守恒的原理表达式为mgｓAB＝(M+m）（)2﹣(M+m）()２（用已知量和能直接测量的量表示)．③下列因素中可能增大实验误差的是AＤ（填字母序号)．Ａ.气垫导轨未调水平B.滑块质量M和钩码质量m不满足m<<ＭC．遮光条宽度太小Ｄ.两光电门间距过小．【考点】验证机械能守恒定律.【专题】实验题．【分析】设遮光条前进了s，钩码的重力势能减少了:ｍgs，系统动能增加了:（M+m）（）２﹣(Ｍ＋m）（）2，所以我们可以通过比较ｍｇs和（M+ｍ)(）2﹣（M+m)(）２的大小来验证机械能守恒定律．【解答】解:①A、需要天平测量质量，故A正确B、需要刻度尺测量距离，故Ｂ正确C、有了光电门计时器,不需要打点计时器呢，也不需要秒表呢.故C、D错误E、不需要测力计,故Ｅ错误故选：AＢ.②滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度.遮光条前进了s,钩码的重力势能减少了:mｇｓAB，系统动能增加了:（M＋m)()2﹣(M＋ｍ）(）2,验证本系统机械能守恒的原理表达式为mgs AB＝（M+m)()2﹣（M+ｍ）(）２，③下列因素中可能增大实验误差的是。