第二十三章旋转知识点总结-经典例题-单元测试

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旋转单元测试试题及答案

旋转单元测试试题及答案
答案:B.
第13题.如图,已知四边形 ,是关于点 成中心对称图形,试判定四边形 的形状.并说明理由.
答案:解:是平行四边形,理由如下:
四边形 是关于点 成中心对称图形.

四边形 是平行四边形.
第14题. 在等边三角形、平行四边形、矩形和圆这四个图形中,即是轴对称图形,又是中心对称图形的有( )
A.1个B.2个C.3个D.4个
A.矩形、菱形、正方形都是中心对称图形,对角线的交点是对称中心
B.中心对称的对称中心只有一个,而轴对称图形的对称轴可能不只一条
C.中心对称图形一定是轴对称图形
D.正方形有4条对称轴,一个对称中心
答案:C.
第20题.把图中的各三角形绕 边中点 ,旋转 ,画出得到的图形,并说明拼成了一个什么图形?分析它的对称性.
答案:B.
第32题. 下列文字中属于中心对称图形的有( )
A.干B.中C.我D.甲
答案:B.
第33题. 下图中是中心对称图形的是( )
A.A和BB.B和CC.C和DD.都是
答案:B.
第34题.如图 与 关于 点成中心对称.则 _______ , ______, ________.
答案:=, , .
第35题.已知四边形 和点 ,作四边形 使四边形 和四边形 交于点 成中心对称.
A.只能作一个B.能作三个C.能作无数个D.不存在
答案:A.
第24题. 已知 及边 上一点 ,画出 以点 为对称中心的对称图形.
答案:略.
第25题. 等边三角形、正方形、菱形和等腰梯形这四个图形中,是中心对称图形的有( )
A.1个B.2个C.3个D.4个
答案:B.
第26题. 下列各图中,不是中心对称图形的是( )

九年级数学上册第二十三章旋转总结(重点)超详细(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转总结(重点)超详细(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转总结(重点)超详细单选题1、在平面直角坐标系中,点A(a,1)与点B(−2,b)关于原点成中心对称,则a+b的值为()A.−3B.−1C.1D.3答案:C分析:根据关于原点对称的两个点,横坐标、纵坐标分别互为相反数,求得a,b的值即可求解.解:∵点A(a,1)与点B(−2,b)关于原点成中心对称,∴a=2,b=−1,∴a+b=2−1=1,故选C.小提示:本题考查了关于原点对称的两个点,横坐标、纵坐标分别互为相反数,代数式求值,掌握关于原点对称的两个点,横坐标、纵坐标分别互为相反数是解题的关键.2、将如图的七巧板的其中几块,拼成一个多边形,为中心对称图形的是()A.B.C.D.答案:D分析:根据中心对称的定义,结合所给图形即可作出判断.A、不是中心对称图形,故本选项不符合题意;B、不是中心对称图形,故本选项不符合题意;C、不是中心对称图形,故本选项不符合题意;D、是中心对称图形,故本选项符合题意.故选:D.小提示:此题主要考查了中心对称图形的概念,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后两部分能够完全重合.3、下列图形中,是中心对称图形但不是轴对称图形的是()A.B.C.D.答案:B分析:根据中心对称图形和轴对称图形的定义判断即可.解:∵A中的图形旋转180°后不能与原图形重合,∴A中的图象不是中心对称图形,∴选项A不正确;∵B中的图形旋转180°后能与原图形重合,∴B中的图形是中心对称图形,但不是轴对称图形,∴选项B正确;∵C中的图形旋转180°后能与原图形重合,∴C中的图形是中心对称图形,也是轴对称图形,∴选项C不正确;∵D中的图形旋转180°后不能与原图形重合,∴D中的图形不是中心对称图形,∴选项D不正确;故选:B.小提示:本题考查了轴对称图形和中心对称图形的定义,熟练掌握轴对称图形和中心对称图形的定义是解题的关键.4、有一个正n边形旋转90∘后与自身重合,则n为()A.6B.9C.12D.15答案:C分析:根据选项求出每个选项对应的正多边形的中心角度数,与90∘一致或有倍数关系的则符合题意.如图所示,计算出每个正多边形的中心角,90∘是30∘的3倍,则可以旋转得到.A.B.C.D.观察四个正多边形的中心角,可以发现正12边形旋转90°后能与自身重合故选C.小提示:本题考查正多边形中心角与旋转的知识,解决本题的关键是求出中心角的度数并与旋转度数建立关系.5、在平面直角坐标系中,点P(−3,−5)关于原点对称的点的坐标是()A.(3,−5)B.(−3,5)C.(3,5)D.(−3,−5)答案:C分析:根据关于原点对称的点的坐标特点解答.解:点P(-3,-5)关于原点对称的点的坐标是(3,5),故选:C.小提示:本题考查的是关于原点的对称的点的坐标,平面直角坐标系中任意一点P(x,y),关于原点的对称点是(-x,-y),即关于原点的对称点,横纵坐标都变成相反数.6、以原点为中心,将点P(4,5)按逆时针方向旋转90°,得到的点Q所在的象限为()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限答案:B分析:根据旋转的性质,以原点为中心,将点P(4,5)按逆时针方向旋转90°,即可得到点Q所在的象限.解:如图,∵点P(4,5)按逆时针方向旋转90°,得点Q所在的象限为第二象限.故选:B.小提示:本题考查了坐标与图形变化-旋转,解决本题的关键是掌握旋转的性质.7、将△AOB绕点O旋转180∘得到△DOE,则下列作图正确的是()A.B.C.D.答案:D分析:把一个图形绕某一点O转动一个角度的图形变换叫做旋转.解:观察选项中的图形,只有D选项为△ABO绕O点旋转了180°.小提示:本题考察了旋转的定义.8、如图,在方格纸中,将Rt△AOB绕点B按顺时针方向旋转90°后得到Rt△A′O′B,则下列四个图形中正确的是()A.B.C.D.答案:B分析:根据绕点B按顺时针方向旋转90°逐项分析即可.A、Rt△A′O′B是由Rt△AOB关于过B点与OB垂直的直线对称得到,故A选项不符合题意;B、Rt△A′O′B是由Rt△AOB绕点B按顺时针方向旋转90°后得到,故B选项符合题意;C、Rt△A′O′B与Rt△AOB对应点发生了变化,故C选项不符合题意;D、Rt△AOB是由Rt△AOB绕点B按逆时针方向旋转90°后得到,故D选项不符合题意.故选:B.小提示:本题考查旋转变换.解题的关键是弄清旋转的方向和旋转的度数.9、如图,先将该图沿着它自己的右边缘翻折,再绕着右下角的一个端点按顺时针方向旋转180°,之后所得到的图形是()A.B.C.D.答案:A分析:将图沿着它自己的右边缘翻折,则圆在正方形图形的右上角,然后绕着右下角的一个端点按顺时针方向旋转180°,则圆在正方形的左下角,利用此特征可对四个选项进行判断.先将图沿着它自己的右边缘翻折,得到,再绕着右下角的一个端点按顺时针方向旋转180°,之后所得到的图形为.故选:A小提示:本题考查了利用旋转设计图案:由一个基本图案可以通过平移、旋转和轴对称以及中心对称等方法变换一些复合图案.10、如图,将△AOB绕着点O顺时针旋转,得到△COD(点C落在△AOB外),若∠AOB=30°,∠BOC=10°,则最小旋转角度是()A.20°B.30°C.40°D.50°答案:C分析:直接利用已知得出∠AOC的度数,再利用旋转的性质得出对应边之间夹角,得出答案即可.∵∠AOB= 30°,∠BOC = 10°,∴∠AOC=∠AOB+∠COB = 30°+ 10°= 40°∵将△AOB绕着点O顺时针旋转,得到△COD,∴最小旋转角为∠AOC = 40°.故选: C.小提示:此题主要考查了旋转的性质,正确得出∠AOC的度数是解题关键.填空题11、如图,在△ABC中,∠C=90°,点D、E分别在AC、BC上,∠CDE=45°,△ECD绕点D顺时针旋转x度(45<x<180)到△E1C1D,则∠BEE1等于______度.(用含x的代数式表示)答案:(45+x)2分析:根据旋转的性质可得DE=DE1,∠EDE1=x,利用等腰三角形的性质和三角形内角和定理求出∠E1ED 和∠CED即可解决问题.解:如图,由旋转的性质可得:DE=DE1,∠EDE1=x,∴∠E1ED=180°−x2=90°−x2,∵∠C=90°,∠CDE=45°,∴∠CED=45°,∴∠BEE1=180°−∠E1ED−∠CED=180°−(90°−x2)−45°=(45+x2)°,所以答案是:(45+x2).小提示:本题考查了旋转的性质,等腰三角形的性质以及三角形内角和定理,灵活运用各性质进行推理计算是解题的关键.12、如图,△ABC绕点A按逆时针方向旋转50°后的图形为△AB1C1,则∠ABB1=_______.答案:65°分析:根据旋转的性质知AB=AB1,∠BAB1=50°,然后利用三角形内角和定理进行求解.解:∵△ABC绕点A按逆时针方向旋转50°后的图形为△AB1C1,,∴AB=AB1,∠BAB1=50°,∴∠ABB1=12(180°−50°)=65°.所以答案是:65°.小提示:本题考查了旋转的性质,三角形内角和定理,熟知旋转角的定义与旋转后对应边相等是解题的关键.13、在平面直角坐标系内,点P(−3,2)关于原点的对称点Q的坐标为______.答案:(3,−2)分析:根据平面直角坐标系中任意一点P(x,y),关于原点的对称点是(−x,−y),即可直接作答.根据中心对称性质可知:点P(−3,2)关于原点的对称点Q的坐标为(3,−2),故答案为(3,−2).小提示:本题考查了关于原点对称点的坐标,属于基础问题,熟记知识点是解题关键.14、已知点A(1,m)与A′(n,−3)关于原点对称,则mn=___________.答案:-3分析:直接利用关于原点对称点的性质得出m,n的值,即可求解.解:∵点A(1,m)与点A′(n,−3)关于坐标原点对称,∴n=−1,m=3,∴mn=−3所以答案是:-3.小提示:此题主要考查了关于原点对称点的特征,关于原点对称的点横纵坐标都变为原来的相反数.15、如图,矩形ABCD中,AB=2,BC=1,将矩形ABCD绕顶点C顺时针旋转90°,得到矩形EFCG,连接AE,取AE的中点H,连接DH,则DH=_______.答案:√22分析:根据题意构造并证明ΔDAH≅ΔKEH(ASA),通过全等得到KE=AD,DH=HK,再结合矩形的性质、旋转的性质,及可求解;如图,延长DH交EF于点k,∵H是AE的中点∴AH=HE又∵AD//FE∴∠DAH=∠KEH∴ΔDAH≅ΔKEH(ASA)∴KE=AD,DH=HK∵EF=AB=CD=2,AD=FC=1∴DF=FK=KE=AD=1则DK=√DF2+FK2=√2∴DH=12DK=√22所以答案是:√22小提示:本题主要考查了矩形的性质、三角形的全等证明,掌握相关知识并结合旋转的性质正确构造全等三角形是解题的关键.解答题16、如图,△ABC中,点E在BC边上,AE=AB,将线段AC绕A点旋转到AF的位置,使得∠CAF=∠BAE,连接EF,EF与AC交于点G.(1)求证:EF=BC;(2)若∠ABC=65°,∠ACB=28°,求∠FGC的度数.答案:(1)见解析(2)78°分析:(1)只需要证明△ABC≌△AEF即可得到答案;(2)先求出∠FAG=∠BAE=50°,然后根据全等三角形的性质得到∠F=∠C=28°,再利用三角形外角的性质求解即可.(1)解:∵∠CAF=∠BAE,∴∠BAC=∠EAF.∵将线段AC绕A点旋转到AF的位置,∴AC=AF.在△ABC与△AEF中,{AB=AE∠BAC=∠EAF AC=AF∴△ABC≌△AEF(SAS),∴EF=BC;(2)∵AB=AE,∠ABC=65°,∴∠ABC=∠AEB=65°∴∠BAE=180°−65°×2=50°,∴∠FAG=∠BAE=50°.∵△ABC≌△AEF,∴∠F=∠C=28°,∴∠FGC=∠FAG+∠F=50°+28°=78°.小提示:本题主要考查了旋转的性质,全等三角形的性质与判定,三角形内角和定理,等腰三角形的性质,三角形外角的性质,解题的关键在于能够熟练掌握相关知识进行求解.17、如图1,二次函数y=a(x+3)(x﹣4)的图象交坐标轴于点A,B(0,﹣2),点P为x轴上一动点.(1)求该二次函数的解析式;(2)过点P作PQ⊥x轴,分别交线段AB、抛物线于点Q,C,连接AC.若OP=1,求△ACQ的面积;(3)如图2,连接PB,将线段PB绕点P逆时针旋转90°得到线段PD.当点D在抛物线上时,求点D的坐标.答案:(1)y=16x2−16x−2;(2)SΔACQ=34;(3)D(3,−1)或D(−8,10)分析:(1)将B(0,−2)代入y=a(x+3)(x−4),即可求解;(2)先求直线AB的解析式为y=12x−2,则Q(1,−32),C(1,−2),可求SΔACQ=SΔACP−SΔAPQ=34;(3)设P(t,0),过点D作x轴垂线交于点N,可证明ΔPND≅ΔBOP(AAS),则D(t+2,−t),将D点代入抛物线解析式得−t=16(t+2+3)(t+2−4),求得D(3,−1)或D(−8,10).解:(1)将B(0,−2)代入y=a(x+3)(x−4),∴a=16,∴y=16(x+3)(x−4)=16x2−16x−2;(2)令y=0,则16(x+3)(x−4)=0,∴x=−3或x=4,∴A(4,0),设直线AB的解析式为y=kx+b,∴{b=−24k+b=0,∴{k=1 2b=−2,∴y=12x−2,∵OP=1,∴P(1,0),∵PQ⊥x轴,∴Q(1,−32),C(1,−2),∴AP=3,∴SΔACQ=SΔACP−SΔAPQ=12×3×2−12×3×32=34;(3)设P(t,0),如图2,过点D作x轴垂线交于点N,∵∠BPD=90°,∴∠OPB+∠NPD=90°,∠OPB+∠OBP=90°,∴∠NPD=∠OBP,∵BP=PD,∴ΔPND≅ΔBOP(AAS),∴OP=ND,BO=PN,∴D(t+2,−t),∴−t=16(t+2+3)(t+2−4),解得t=1或t=−10,∴D(3,−1)或D(−8,10).小提示:本题是二次函数综合题,考查了二次函数图象和性质,待定系数法求抛物线解析式,三角形面积,全等三角形判定和性质,旋转的性质等,解题的关键是熟练掌握二次函数的图象及性质,分类讨论,数形结合.18、如图1,正方形ABCD的边长为4,点P在边AD上(P不与A,D重合),连接PB,PC.将线段PB绕点P顺时针旋转90°得到PE,将线段PC绕点P逆时针旋转90°得到PF.连接EF,EA,FD.(1)求证:PD2;①ΔPDF的面积S=12②EA=FD;(2)如图2,EA.FD的延长线交于点M,取EF的中点N,连接MN,求MN的取值范围.答案:(1)①见详解;②见详解;(2)4≤MN<2√5分析:(1)①过点F作FG⊥AD交AD的延长线于点G,证明△PFG≌△CPD,即可得到结论;②过点E作EH⊥DA交DA的延长线于点H,证明△PEH≌△BPA,结合△PFG≌△CPD,可得GD=EH,同理:FG=AH,从而得△AHE≌△FGD,进而即可得到结论;(2)过点F作FG⊥AD交AD的延长线于点G,过点E作EH⊥DA交DA的延长线于点H,可得∠AMD=90°,EF,HG= 2AD=8,EH+FG=AD=4,然后求出当点P与点D重合时,EF最大值=4√5,当点P与AD的中点重合MN=12时,EF最小值= HG=8,进而即可得到答案.(1)①证明:过点F作FG⊥AD交AD的延长线于点G,∵∠FPG+∠PFG=90°,∠FPG+∠CPD=90°,∴∠FPG=∠CPD,又∵∠PGF=∠CDP=90°,PC=PF,∴△PFG≌△CPD(AAS),∴FG=PD,∴ΔPDF的面积S=12PD⋅FG=12PD2;②过点E作EH⊥DA交DA的延长线于点H,∵∠EPH+∠PEH=90°,∠EPH +∠BPA=90°,∴∠PEH =∠BPA,又∵∠PHE=∠BAP=90°,PB=PE,∴△PEH≌△BPA(AAS),∴EH=PA,由①得:FG=PD,∴EH+FG=PA+PD=AD=CD,由①得:△PFG≌△CPD,∴PG=CD,∴PD+GD= CD= EH+FG,∴FG+GD= EH+FG,∴GD=EH,同理:FG=AH,又∵∠AHE=∠FGD,∴△AHE≌△FGD,∴EA=FD;(2)过点F作FG⊥AD交AD的延长线于点G,过点E作EH⊥DA交DA的延长线于点H,由(1)得:△AHE≌△FGD,∴∠HAE=∠GFD,∵∠GFD+∠GDF=90°,∴∠HAE+∠GDF=90°,∵∠HAE=∠MAD,∠GDF=∠MDA,∴∠MAD+∠MDA=90°,∴∠AMD=90°,∵点N是EF的中点,∴MN=1EF,2∵EH=DG=AP,AH=FG=PD,∴HG=AH+DG+AD=PD+AP+AD=2AD=8,EH+FG=AP+PD=AD=4,当点P与点D重合时,FG=0,EH=4,HG=8,此时EF最大值=√42+82=4√5,当点P与AD的中点重合时,FG=2,EH=2,HG=8,此时EF最小值= HG=8,∴MN的取值范围是:4≤MN<2√5.小提示:本题主要考查全等三角形的判定和性质,正方形的性质,勾股定理,旋转的性质,添加辅助线,构造直角全等的直角三角形,是解题的关键.。

第二十三章旋转知识点总结,经典例题,单元测试

第二十三章旋转知识点总结,经典例题,单元测试

e an dAl l t h i ng si nt he i rb ei n gare go od fo r第二十三章旋转知识点总结,经典例题,单元测试:1.旋转:把一个平面图形绕着平面内某一点0转动一个角度,就叫做图形的旋转。

点0叫做旋转中心,旋动的角叫做旋转角。

旋转方向:顺时针和逆时针。

2.旋转的特征:(旋转不改变图形的大小和方向)(1)对应点到旋转中心的距离相等。

(2)对应点与旋转中心所连线段的夹角都等于旋转角。

(3)旋转前、后的图形全等。

3.旋转对称图形:一个图形绕着某一动点转动一定的角度后能与自身完全重合,这种图形称为旋转对称图形,绕着转动的这一点,称为旋转中心。

注:结合旋转对称图形的定义知:正三角形绕其中心旋转1200后能与自身完全重合,故正三角形是旋转对称图形;正方形绕其对角线的交点(旋转中心)旋转900后能与自身完全重合,故正方形是旋转对称图形。

一般的正n (n ≥3)变形是旋转对称图形,那么最少旋转时,能与自身完全重合。

4.设计旋转对称图形:(1)确定旋转中心、旋转角度和旋转方向;这是旋转的三要素。

(2)确定图形中的关键点;(3)将这些关键点绕旋转中心绕指定方向旋转指定的角度。

(4)顺次连接新关键点,得到所求图形。

旋转的定义:【例1】如图,如果把钟表的指针看做三角形OAB ,它绕O 点按顺时针方向旋转得到△OEF,在这个旋转过程中: 1.旋转中心是什么?旋转角是什么?2.经过旋转,点A 、B 分别移动到什么位置?【例2】如图所示,⊿ABC 和⊿ADE 都是等腰直角三角形,∠ACB 和∠AED 都是旋转对称图形:【例1】如图所示,它由哪个旋转得到的?旋转中心是哪里?旋转了多少度?旋转作图:【例1】请画出⊿ABCA.旋转角不变,改变旋转中心以下所示图形,四边形ABCD分别为O、O为中心,旋转角都为at i t he i rb ei n ga re go 因此,从以上的画图中,我们可以得到旋转中心不变,改变旋转角与旋转角不变,改变旋转中心会产生不同的效果,所以,我们可以经过旋转设计出美2】如图,正方形网格中,△ABC 为格点三角形(顶点都是格点)11AB C △.(1)在正方形网格中,作出11AB C ;(不要求写作法)dooge.如图,以点为为旋转中心,将∠1nisgnihfo rs o m ABC ∆A 050'''C B A ∆0'33=∠B。

最新人教版数学九年级上册第二十三章—旋转知识点总结及其练习

最新人教版数学九年级上册第二十三章—旋转知识点总结及其练习

第二十三章—旋转一、旋转变换1、旋转的定义把一个图形绕着某一点O转动一个角度的图形变换叫做旋转。

点O叫做旋转中心,转动的角叫做旋转角,如果图形上的点P经过旋转变为点P',那么这两个点叫做这个旋转的对应点。

2、旋转的性质(1)对应点到旋转中心的距离相等。

(旋转中心就是各对应点所连线段的垂直平分线的交点。

)(2)对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角。

(3)旋转前、后的图形全等。

3、作旋转后的图形的一般步骤(1)明确三个条件:旋转中心,旋转方向,旋转角度;(2)确定关键点,作出关键点旋转后的对应点;(3)顺次连结。

4、欣赏较复杂旋转图形图形是由什么基本图形,以哪个点为中心,按哪个方向(顺时针或逆时针)旋转多少度,连续旋转几次,便得到美丽的图案。

5、有关图形旋转的一些计算题和证明题例题练习1.将叶片图案旋转180°后,得到的图形是( )2.如图,在等腰直角△ABC中,B=90°,将△ABC绕顶点A逆时针方向旋转60°后得到△AB′C′,则等于()A.60°B.105°C.120°D.135°3.如图,将△ABC绕着点C按顺时针方向旋转20°,B点落在位置,A点落在位置,若,则的度数是()A.50°B.60°C.70°D.80°4.数学来源于生活,下列生活中的运动属于旋转的是 ( )A.国旗上升的过程B.球场上滚动的足球C.工作中的风力发电机叶片D.传输带运输东西5.如图,将方格纸中的图形绕点O逆时针旋转90°后得到的图形是 ( )6.如图,在△ABC中,AB=AC,∠ABC=30°,点D、E分别为AB、AC上的点,且DE∥BC.将△ADE绕点A逆时针旋转至点B、A、E在同一条直线上,连接BD、EC.下列结论:①△ADE的旋转角为120°;②BD=EC;③BE=AD+AC;④DE⊥AC.其中正确的为( )A.②③B.②③④C.①②③D.①②③④7.如图,将△ABC绕点A顺时针旋转得到△ADE,且点D恰好在AC上,∠BAE=∠CDE=136°,则∠C的度数是()8.如图,以锐角△ABC的边AC、AB为边向外作正方形ACDE和正方形ABGF,连接BE、CF.(1)求证:△FAC≌△BAE;(2)图中可以通过旋转△BAE而得到△FAC,请你说出旋转中心、旋转方向和旋转角的度数.9.如图,四边形ABCD是正方形,点E是边BC上的动点(不与B,C重合),将线段AE 绕点E顺时针旋转90°得到线段EF,连接AF,EF、AF分别与CD交于点M、N,连接EN,作FG⊥BC交BC的延长线于点G.(1)求证:BE=CG;(2)若BE=2,DN=3,求EN的长.二、中心对称图形1、中心对称的定义把一个图形绕着某一个点旋转180°,如果它能够与另一个图形重合,那么就说这两个图形关于这个点对称或中心对称,这个点叫做对称中心,这两个图形中的对应点叫做关于中心的对称点。

第二十三章旋转单元测试题

第二十三章旋转单元测试题

旋转单元测试题一、选择题(本题包括10小题,每小题4分,共40分,每小题只有一个正确答案)1.点M (1,-2)关于原点对称的点的坐标是( )A.(-1,-2)B.(1,2)C.(-1,2)D.(-2,1)2.如图,点A 、B 、C 、D 、O 都在方格纸的格点上,若△COD 是由△AOB 绕点O 按逆时针方向旋转而得,则旋转的角度为( )A.30°B.45°C.90°D.135°3.如图,该图形围绕点O 按下列角度旋转后,不能..与其自身重合的是( ) A .72︒ B .108︒ C .144︒ D .216︒4.如图,所给图形中是中心对称图形但不是轴对称图形的是( )A B C D5.下列图形中,既是中心对称又是轴对称图形的是( )A . 等边三角形B . 平行四边形C . 梯形D . 矩形6.平面直角坐标系中,点A 的坐标为(4,3),将线段OA 绕原点O 顺时针旋转90︒得到OA ',则点A '的坐标是( )A .(4-,3)B .(3-,4)C .(3,4-)D .(4,3-)7.如图,△ABC 的顶点坐标分别为A (4,6)、B (5,2)、C (2,1),如果将△ABC 绕点C 按逆时针方向旋转90°,得到△''A B C ,那么点A 的对应点'A 的坐标是( )A .(-3,3)B .(3,-3)C .(-2,4)D .(1,4)8.如图,ABC △是等腰直角三角形,BC 是斜边,将ABP △绕点A 逆时针旋转后,能与 ACP '△重合,如果3AP =,那么PP '的长等于( )A .32B .23C .42D .339.如图①为Rt △AOB,∠AOB=090, 其中 OA=3,OB=4,将△AOB 沿x 轴依次以A 、B 、O 为旋转中心顺时针旋转,分别得图②,图③,……,求旋转到图⑩时直角顶点的坐标是( )A .(32,0)B .(36,0)C .(39,0)D .(44,0)(第3题图)图 A B O C D (第2题图) (第9题图)(第8题图)10.如图,P 是等腰直角△ABC 外一点,把BP 绕点B 顺时针旋转90o 到BP ',已知 ∠AP 'B=135o , P 'A:P 'C=1:3,则P 'A:PB=( ) A.1:2 B.1:2 C.3:2 D.1: 3二、填空题(每小题4分,共20分)11.如图,△ABC 中,∠C =30°.将△ABC 绕点A 顺时针旋转60°得△ADE ,AE 与BC 交于F ,则∠AFB = °.12.如图,PQR ∆是ABC ∆经过某种变换后得到的图形.如果ABC ∆中任意一点M 的坐标为(a ,b ),那么它的对应点N 的坐标为 .13.如图, 在平面直角坐标系中, 若△ABC 与△A 1B 1C 1关于E 点成中心对称, 则对称中心E 点的坐标是 .14.如图,在6×4方格纸中,格点三角形甲经过旋转后得到格点三角形乙,则其旋转中心是_________点.15.Rt △ABC 中,已知∠C =90°,∠B =50°,点D 在边BC 上,BD =2CD .把△ABC 绕着点D 逆时针旋转m (0<m <180)度后,如果点B 恰好落在初始Rt △ABC 的边上,那么m =_________.A O x y1 2 -1 -2 -3 -11 2 3 4 -4 B C A 1C 1 B 15 (第12题图) D C B A (第9题图) (第10题图)(第11题图) (第14题图) (第15题图)(第13题图)如图,若将△ABC 的绕点C 顺时针旋转90°后得到△DEC ,则A 点的对应点D 的坐标是 ,B 点的对应点E 的坐标是 ,请画出旋转后的△DEC(不要求写画法)17.( 10分 )如图,在正方形网络中,△ABC 的三个顶点都在格点上,点A 、B 、C 的坐标分别为(-2,4)、(-2,0)、(-4,1),结合所给的平面直角坐标系解答下列问题:(1)画出△ABC 关于原点O 对称的△111A B C .(2)平移△ABC ,使点A 移动到点2A (0,2),画出平移后的△222A B C 并写出点2B 、2C 的坐标.(3)在△ABC 、△111ABC 、△222A B C 中,△222A B C 与 成中心对称,其对称中心的坐标为 .0 1 2 3 4 -1 -2 -3 -4 2 1 4 3-1 -2 -3-4ABC x y一副直角三角板叠放如图所示,现将含45°角的三角板ADE 固定不动,把含30°角的三角板ABC 绕顶点A 顺时针...旋转∠α(α=∠BAD 且0°<α<180°),使两块三角板至少有一组边平行.(1)如图①,α=______°时,BC ∥DE ;(2)请你分别在图②、图③的指定框内,各画一种符合要求的图形,标出α,并完成各项填空:图②中α=______°时,______∥______;图③中α=______°时,______∥______.19.( 10分 )如图,在平面直角坐标系中,有一Rt △ABC ,且A (-1,3),B (-3,-1),C (-3,3),已知△A 1AC 1是由△ABC 旋转得到的.(1)请写出旋转中心的坐标是 ,旋转角是 度;(2)以(1)中的旋转中心为中心,分别画出△A 1AC 1顺时针旋转90°、180°的三角形;(3)设Rt △ABC 两直角边BC =a 、AC =b 、斜边AB =c ,利用变换前后所形成的图案证明勾股定理.A D EBC α图①图②图③ADE A D E A B C D E (第22题图)。

2024九年级数学上册“第二十三章 旋转”必背知识点

2024九年级数学上册“第二十三章 旋转”必背知识点

2024九年级数学上册“第二十三章旋转”必背知识点一、旋转的基本概念定义:将一个图形绕着某点O转动一个角度的变换叫做旋转。

其中,O叫做旋转中心,转动的角度叫做旋转角。

旋转三要素:旋转中心、旋转角度、旋转方向。

二、旋转的性质旋转后的图形与原图形的关系:旋转后的图形与原图形全等。

对应点与旋转中心的距离:对应点到旋转中心的距离相等。

对应点与旋转中心所连线段的夹角:对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角。

图形变化:图形的大小和形状都没有发生改变,只改变了图形的位置。

三、中心对称定义:若一个图形绕着某个点O旋转180°,能够与另一个图形完全重合,则这两个图形关于这个点对称或中心对称。

这个点叫做对称中心。

中心对称图形:若一个图形绕着某个点O旋转180°,能够与原来的图形完全重合,则这个图形叫做中心对称图形。

这个点叫做该图形的对称中心。

性质:1. 关于中心对称的两个图形上的对应点的连线都经过对称中心,并且都被对称中心平分。

2. 关于中心对称的两个图形能够互相重合,是全等形。

3. 关于中心对称的两个图形,对应线段平行(或共线)且相等。

四、关于原点对称的点的坐标在平面直角坐标系中,如果两个点关于原点对称,它们的坐标符号相反。

即点P(x,y)关于原点对称的点的坐标为P'(-x,-y)。

五、作图与应用利用旋转性质作图:关键是连接图形中的每一个关键点与旋转中心,并按要求绕旋转中心转过一定角度,然后在新的位置上截取与原来等长的线段,连接各点得到新的图形。

旋转的应用:旋转在几何图形的变换、证明以及解决实际问题中都有广泛的应用,如通过旋转构造全等图形、证明角相等或线段相等。

六、例题与练习为了加深对旋转知识点的理解和记忆,可以通过做一些相关的例题和练习题来巩固所学内容。

这些题目通常会涉及到旋转的基本概念、性质以及应用等方面的知识点。

综上所述,九年级数学上册 “第二十三章 旋转”的必背知识点主要包括旋转的基本概念、性质、中心对称及其性质、关于原点对称的点的坐标以及作图与应用等方面。

九年级数学上册第二十三章旋转知识汇总笔记(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转知识汇总笔记(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转知识汇总笔记单选题1、如图,菱形ABCD的对角线AC、BD交于点O,将△BOC绕着点C旋转180°得到△B′O′C,若AC=2,AB′=5,则菱形ABCD的边长是()A.3B.4C.√15D.√17答案:D分析:连接AB′,根据菱形的性质、旋转的性质,得到OA=OC=O′C=1,OB△OC,O′B′△O′C、BC=B′C,根据AB′=5,利用勾股定理计算O′B′,再次利用勾股定理计算B′C即可.解:连接AB′,如图:∵四边形ABCD是菱形,且△BOC绕着点C旋转180°得到△B′O′C,且AC=2,∴OA=OC=O′C=1,OB△OC,BC=B′C∴O′B′△O′C,O′A=AC+O′C=2+1=3,∵AB′=5,∴O′B′=√AB′2-O′A2=√5-32=4,∴B′C=√O′B′2+O′C2=√42+12=√17,∴BC=B′C=√17,即菱形ABCD的边长是√17,故选:D.小提示:本题考查了菱形的性质、旋转的性质以及勾股定理等知识,熟练掌握菱形的基本形式并灵活运用勾股定理是解决本题的关键.2、如图,将一个正方形纸片沿图中虚线剪开,能拼成下列四个图形,其中是中心对称图形的是()A.B.C.D.答案:B分析:根据拼成的四个图形是否存在中心对称点,即可判断图形是否为中心对称图形.解:依照中心对称图形的特征:若图形存在中心对称点,沿中心对称点旋转180°后可与原图形重合.选项A图形无中心对称点,故不是中心对称图形,不符合题意;选项B图形有中心对称点,故是中心对称图形,符合题意;选项C图形无中心对称点,故不是中心对称图形,不符合题意;选项D图形无中心对称点,故不是中心对称图形,不符合题意;故选:B.小提示:本题考查中心对称图形的性质特征,熟练掌握相关知识是解题的关键.3、下列垃圾分类标识的图案既是轴对称图形,又是中心对称图形的是()A.B.C.D.答案:C分析:根据轴对称图形和中心对称图形的概念逐项判断即可.A.不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故此选项不符合题意;B.是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不符合题意;C.是轴对称图形,也是中心对称图形,故此选项符合题意;D.不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故此选项不符合题意,故选:C.小提示:本题考查轴对称图形、中心对称图形,理解轴对称图形和中心对称图形是解答的关键.4、把图中的交通标志图案绕着它的中心旋转一定角度后与自身重合,则这个旋转角度至少为()A.30°B.90°C.120°D.180°答案:C分析:根据图形的对称性,用360°除以3计算即可得解.解:∵360°÷3=120°,∴旋转的角度是120°的整数倍,∴旋转的角度至少是120°.故选C.小提示:本题考查了旋转对称图形,仔细观察图形求出旋转角是120°的整数倍是解题的关键.5、连接正八边形的三个顶点,得到如图所示的图形,下列说法不正确的是()A.四边形ABCH与四边形EFGH的周长相等B.连接HD,则HD平分∠CHEC.整个图形不是中心对称图形D.△CEH是等边三角形答案:D分析:根据正八边形和圆的性质进行解答即可.解:A.∵根据正八边形的性质,四边形ABCH与四边形EFGH能够完全重合,即四边形ABCH与四边形EFGH 全等∴四边形ABCH与四边形EFGH的周长相等,故选项正确,不符合题意;B.连接DH,如图1,∵正八边形是轴对称图形,直线HD是对称轴,∴HD平分∠CHE故选项正确,不符合题意;C.整个图形是轴对称图形,但不是中心对称图形,故选项正确,不符合题意;D.∵八边形ABCDEFGH是正八边形,∴B=BC=CD=DE=EF=FG=GH,CH=EH,设正八边形的中心是O,连接EO、DH,如图2,∠DOE=360°=45°8∵OE=OH∴∠OEH =∠OHE =12∠DOE =22.5° ∴∠CHE =2∠OHE =45°∴∠HCE =∠HEC =12(180°-∠CHE )=67.5° ∴△CEH 不是等边三角形,故选项错误,符合题意.故选:D .小提示:本题考查了正多边形和圆,熟记正八边形与等腰三角形的性质是解题的关键.6、如图,射线OM,ON 互相垂直,OA =8,点B 位于射线OM 的上方,且在线段OA 的垂直平分线l 上,连接AB ,AB =5.将线段AB 绕点O 按逆时针方向旋转得到对应线段A ′B ′,若点B ′恰好落在射线ON 上,则点A ′到射线ON 的距离是( )A .245B .133C .4D .√17 答案:A分析:添加辅助线,连接OA ′,OB ,过A ′点作A ′P ⊥ON 交ON 与点P .根据旋转的性质,得到△A ′B ′O ≌△ABO ,在Rt △A ′PO 和中,∠B ′OA =∠BOA ,根据三角函数和已知线段的长度求出点A ′到射线ON 的距离d =A ′P .解:如图所示,连接OA ′,OB ,过A ′点作A ′P ⊥ON 交ON 与点P .∵线段AB绕点O按逆时针方向旋转得到对应线段A′B′,∴OA′=OA=8,∠B′OB=∠A′OA,∴∠B′OB−∠BOA′=∠A′OA−∠BOA′,即∠B′OA′=∠BOA,∵点B在线段OA的垂直平分线l上,∴OC=12OA=12×8=4,OB=AB=5,BC=√OB2−OC2=√52−42=3,∵∠B′OA′=∠BOA,∴sin∠B′OA′=A′PA′O =sin∠BOA=BCOB,∴A′P8=35,∴d=A′P=245,故选:A小提示:本题主要考查旋转的性质和三角函数.对应点到旋转中心的距离相等,对应点与旋转中心所连的线段的夹角等于旋转角,旋转前、后的图形全等.7、如图,在矩形ABCD中,AB=4,BC=6,O是矩形的对称中心,点E、F分别在边AD、BC上,连接OE、OF,若AE=BF=2,则OE+OF的值为()A.2√2B.5√2C.√5D.2√5答案:D分析:连接AC,BD,过点O作OM⊥AD于点M,交BC于点N,利用勾股定理求得OE的长即可解题.解:如图,连接AC,BD,过点O作OM⊥AD于点M,交BC于点N,∵四边形ABCD是矩形,∴OA=OD=OB∵OM⊥AD∴AM=DM=3∴OM=12AB=2∵AE=2∴EM=AM−AE=1∴OE=√EM2+OM2=√12+22=√5同理可得OF=√5∴OE+OF=2√5故选:D.小提示:本题考查中心对称、矩形的性质、勾股定理等知识,学会添加辅助线,构造直角三角形是解题关键.8、如图,将△ABC绕点B逆时针旋转α,得到△EBD,若点A恰好在ED的延长线上,则∠CAD的度数为()A.90°﹣αB.αC.180°﹣αD.2α答案:C分析:根据旋转的性质和四边形的内角和是360°,可以求得∠CAD的度数,本题得以解决.解:由题意可得,∠CBD=α,∠ACB=∠EDB,∵∠EDB+∠ADB=180°,∴∠ADB+∠ACB=180°,∵∠ADB+∠DBC+∠BCA+∠CAD=360°,∠CBD=α,∴∠CAD=180°−α,故选C.小提示:本题考查旋转的性质,解答本题的关键是明确题意,利用数形结合的思想解答.9、如图,△ABC是等边三角形,D为BC边上的点,△ABD经旋转后到达△ACE的位置,那么旋转角为()A.75°B.60°C.45°D.15°答案:B分析:根据题意可知旋转角为∠BAC,根据等边三角形的性质即可求解.解:∵△ABD经旋转后到达△ACE的位置,△ABC是等边三角形,∴旋转角为∠BAC=60°,故选B小提示:本题考查了等边三角形的性质,找旋转角,找到旋转前后对应的线段所产生的夹角即为旋转是解题的关键.10、将矩形ABCD绕点A顺时针旋转α(0°<α<360°),得到矩形AEFG.当GC=GB时,下列针对α值的说法正确的是()A.60°或300°B.60°或330°C.30°D.60°答案:A分析:当GB=GC时,点G在BC的垂直平分线上,分两种情况讨论,依据∠DAG=60°,即可得到旋转角α的度数.如图,当GB=GC时,点G在BC的垂直平分线上,分两种情况讨论:①当点G在AD右侧时,取BC的中点H,连接GH交AD于M,∵GC=GB,∴GH⊥BC,∴四边形ABHM是矩形,∴AM=BH=1AD,2∴GM垂直平分AD,∴GD=GA=DA,∴△ADG是等边三角形,∴∠DAG=60°,∴旋转角α=60°;②当点G在AD左侧时,同理可得△ADG是等边三角形,∴∠DAG=60°,∴旋转角α=360°-60°=300°,故选:A.小提示:本题主要考查了旋转的性质,全等三角形的判定与性质的运用,解题时注意:对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角.填空题11、如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=√2,BC=2√2,将△ABC绕点C按逆时针方向旋转得到△DEC,连接AD,BE,直线AD,BE相交于点F,连接CF,在旋转过程中,线段CF的最大值为__________.答案:√10分析:取AB的中点H,连接CH、FH,设EC,DF交于点G,在△ABC中,由勾股定理得到AB=√10,由旋转可知:△DCE≌△ACB,从而∠DCA=∠BCE,∠ADC=∠BEC,由∠DGC=∠EGF,可得∠AFB=90º,由直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半,可得FH =CH =12AB =√102,在△FCH 中,当F 、C 、H 在一条直线上时,CF 有最大值为√10.解:取AB 的中点H ,连接CH 、FH ,设EC ,DF 交于点G ,在△ABC 中,∠ACB =90º,∵AC =√2,BC =2√2,∴AB =√AC 2+BC 2=√10,由旋转可知:△DCE ≌△ACB ,∴∠DCE =∠ACB ,DC =AC ,CE =CB ,∴∠DCA =∠BCE ,∵∠ADC =12(180º-∠ACD ) ,∠BEC =12 (180º-∠BCE ), ∴∠ADC =∠BEC ,∵∠DGC =∠EGF ,∴∠DCG =∠EFG =90º,∴∠AFB =90º,∵H 是AB 的中点,∴FH =12AB , ∵∠ACB =90º,∴CH =12AB ,∴FH =CH =12AB =√102,在△FCH中,FH+CH>CF,当F、C、H在一条直线上时,CF有最大值√102+√102=√10,∴线段CF的最大值为√10.所以答案是:√10小提示:本题考查了旋转的性质、勾股定理,解决本题的关键是掌握全等的性质.12、如图,在平面直角坐标系中,已知A(−2,1),B(−1,4),C(−1,1),将△ABC先向右平移3个单位长度得到△A1B1C1,再绕C1顺时针方向旋转90°得到△A2B2C1,则A2的坐标是____________.答案:(2,2).分析:直接利用平移的性质和旋转的性质得出对应点位置,然后作图,进而得出答案.解:如图示:△A1B1C1,△A2B2C1为所求,根据图像可知,A2的坐标是(2,2),故答案是:(2,2).小提示:本题主要考查了平移作图和旋转作图,熟悉相关性质是解题关键.13、在平面直角坐标系中,点A的坐标为(a,3),点B的坐标是(4,b),若点A与点B关于原点O对称,则ab=_____.答案:12分析:直接利用关于原点对称点的性质得出a,b的值,进而得出答案.∵点A的坐标为(a,3),点B的坐标是(4,b),点A与点B关于原点O对称,∴a=﹣4,b=﹣3,则ab=12,所以答案是:12.小提示:本题考查了关于原点对称的点的坐标,熟知关于原点对称的两点的横、纵坐标互为相反数是解题的关键.14、以水平数轴的原点O为圆心过正半轴Ox上的每一刻度点画同心圆,将Ox逆时针依次旋转30°、60°、90°、⋯、330°得到11条射线,构成如图所示的“圆”坐标系,点A、B的坐标分别表示为(5,0°)、(4,300°),则点C的坐标表示为_______.答案:(3,240°)分析:根据同心圆的个数以及每条射线所形成的角度,以及A,B点坐标特征找到规律,即可求得C点坐标.解:图中为5个同心圆,且每条射线与x轴所形成的角度已知,A、B的坐标分别表示为(5,0°)、(4,300°),根据点的特征,所以点C的坐标表示为(3,240°);所以答案是:(3,240°).小提示:本题考查坐标与旋转的规律性问题,熟练掌握旋转性质,并找到规律是解题的关键.15、如图,在△ABC中,AB=3,AC=2,∠BAC=60°,P为△ABC内一点,则PA+PB+PC的最小值为__________.答案:√19分析:将△APB绕点A顺时针旋转60°,得到△AP′B′,连接PP′、CB′,作CN⊥B′A交B′A的延长线于点N,则△AP′B′≌△APB,由题意可证△P′AP是等边三角形,所以PA+PB+PC=PC+PP′+P′B′,所以当B′、P′、P、C共线时,PA+PB+PC=B′C最小,求出B′C=√B′N2+CN2=√19即可;将△APB绕点A顺时针旋转60°,得到△AP′B′,连接PP′、CB′,作CN⊥B′A交B′A的延长线于点N,则△AP′B′≌△APB,∴∠BAP=∠B′AP′,∴AB′=AB=3,AP′=AP,∠B′AB=∠P′AP=60°,∴△P′AP是等边三角形,∴AP′=AP=PP′,∴PA+PB+PC=PC+PP′+P′B′,∴当B′、P′、P、C共线时,PA+PB+PC=B′C最小,∴∠CAN=180°-∠BAB′−∠BAC=60°,CN⊥AN,∴∠ACN=30°,∴AN=1AC=1,CN=√3AN=√3,2∴B′N=AB′+AN=3+1=4,∴B′C=√B′N2+CN2=√19,∴PA+PB+PC=B′C=√19;所以答案是:√19.小提示:本题考查了全等三角形判定与性质,旋转的性质,以及等边三角形的性质和求线段最值的问题,掌握做辅助线是解题的关键.解答题16、如图是在北京举办的世界数学家大会的会标“弦图”.请将“弦图”中的四个直角三角形通过你所学过的图形变换,在以下方格纸中设计另外两个不同的图案.画图要求:①每个直角三角形的顶点均在方格纸的格点上,且四个三角形互不重叠;②所设计的图案(不含方格纸)必须是中心对称图形或轴对称图形.答案:解:如下图所示,答案不唯一.易错:容易把三角形画成重叠的.错因:没有看清题目要求.满分备考:由“基本图形”经过旋转、轴对称、平移等可以得到美丽而丰富的图案,而图案涉及的关键是确定基本图形,制定图形变换的具体操作程序.注意应用几种常见的图形变换.解析:运用基本图,按照轴对称和中心对称的特点以及画图规律直接绘制图形即可.17、[问题提出](1)如图①,△ABC、△ADE均为等边三角形,点D、E分别在边AB、AC上.将△ADE绕点A沿顺时针方向旋转,连结BD、CE.在图②中证明△ADB≌△AEC.[学以致用](2)在(1)的条件下,当点D、E、C在同一条直线上时,∠EDB的大小为度.[拓展延伸](3)在(1)的条件下,连结CD.若BC=6,AD=4,直接写出△DBC的面积S的取值范围.答案:(1)见解析;(2)60或120;(3)9√3−12≤S≤9√3+12分析:(1)运用SAS证明△ADB≌△AEC即可;(2)分“当点E在线段CD上”和“当点E在线段CD的延长线上”两种情况求出∠EDB的大小即可;(3)分别求出△DBC的面积最大值和最小值即可得到结论(1)∵△ABC,△ADE均为等边三角形,∴AD=AE,AB=AC,∴∠DAE−∠BAE=∠BAC−∠BAE,即∠BAD=∠CAE在△ADB和△AEC中{AD=AE∠BAD=∠CAE AB=AC∴△ABD≅△ACE(SAS);(2)当D,E,C在同一条直线上时,分两种情况:①当点E在线段CD上时,如图,∵△ADE是等边三角形,∴∠ADE=∠AED=60°,∴∠AEC=180°−∠AED=120°,由(1)可知,△ADB≅△AEC,∴∠ADB=∠AEC=120°,∴∠EDB=∠ADB−∠ADE=120°−60°=60°②当点E在线段CD的延长线上时,如图,∵△ADE是等边三角形,∴∠ADE=∠AED=60°∴∠ADC=180°−∠ADE=120°,由(1)可知,△ADB≅△AEC∴∠ADB=∠AEC=60°,∴∠EDB=∠ADB+∠ADE=60°+60°=120°综上所述,∠EDB的大小为60°或120°(3)过点A作AF⊥BC于点F,当点D在线段AF上时,点D到BC的距离最短,此时,点D到BC的距离为线段DF的长,如图:∵△ABC是等边三角形,AF⊥BC,BC=6∴AB=BC=6,BF=12BC=3∴AF=√AB2−BF2=√62−32=3√3∴DF=3√3−4此时S△DBC=12BC⋅DF=12×6×(3√3−4)=9√3−12;当D在线段FA的延长线上时,点D到BC的距离最大,此时点D到BC的距离为线段DF的长,如图,∵△ABC是等边三角形,AF⊥BC,BC=6∴AB=BC=6,BF=12BC=3,∴AF=√AB2−BF2=√62−32=3√3∵AD=4∴DF=AF+AD=3√3+4此时,S△DBC=12BC⋅DF=12×6×(3√3+4)=9√3+12;综上所述,△DBC的面积S 取值是9√3−12≤S≤9√3+12小提示:此题是几何变换综合题,主要考查了旋转和全等三角形的性质和判定,旋转过程中面积变化分析,解本题的关键是三角形全等的判定.18、如图,点M,N分别在正方形ABCD的边BC,CD上,且∠MAN=45°,把△ADN绕点A顺时针旋转90°得到△ABE.(1)求证:△AEM≌△ANM.(2)若BM=3,DN=2,求正方形ABCD的边长.答案:(1)证明见解析;(2)正方形ABCD的边长为6.分析:(1)先根据旋转的性质可得AE=AN,∠BAE=∠DAN,再根据正方形的性质、角的和差可得∠MAE= 45°,然后根据三角形全等的判定定理即可得证;(2)设正方形ABCD的边长为x,从而可得CM=x−3,CN=x−2,再根据旋转的性质可得BE=DN=2,从而可得ME=5,然后根据三角形全等的性质可得MN=ME=5,最后在Rt△CMN中,利用勾股定理即可得.(1)由旋转的性质得:AE=AN,∠BAE=∠DAN∵四边形ABCD是正方形∴∠BAD=90°,即∠BAN+∠DAN=90°∴∠BAN+∠BAE=90°,即∠EAN=90°∵∠MAN=45°∴∠MAE=∠EAN−∠MAN=90°−45°=45°在△AEM和△ANM中,{AE=AN∠MAE=∠MAN=45°AM=AM∴△AEM≅△ANM(SAS);(2)设正方形ABCD的边长为x,则BC=CD=x∵BM=3,DN=2∴CM=BC−BM=x−3,CN=CD−DN=x−2由旋转的性质得:BE=DN=2∴ME=BE+BM=2+3=5由(1)已证:△AEM≅△ANM∴MN=ME=5又∵四边形ABCD是正方形∴∠C=90°则在Rt△CMN中,CM2+CN2=MN2,即(x−3)2+(x−2)2=52解得x=6或x=−1(不符题意,舍去)故正方形ABCD的边长为6.小提示:本题考查了正方形的性质、旋转的性质、三角形全等的判定定理与性质、勾股定理等知识点,较难的是题(2),熟练掌握旋转的性质与正方形的性质是解题关键.。

第二十三章旋转知识点总结,经典例题,单元测试

第二十三章旋转知识点总结,经典例题,单元测试

第二十三章旋转知识点总结,经典例题,单元测试:1.旋转:把一个平面图形绕着平面内某一点0转动一个角度,就叫做图形的旋转。

点0叫做旋转中心,旋动的角叫做旋转角。

旋转方向:顺时针和逆时针。

2.旋转的特征:(旋转不改变图形的大小和方向)(1)对应点到旋转中心的距离相等。

(2)对应点与旋转中心所连线段的夹角都等于旋转角。

(3)旋转前、后的图形全等。

3.旋转对称图形:一个图形绕着某一动点转动一定的角度后能与自身完全重合,这种图形称为旋转对称图形,绕着转动的这一点,称为旋转中心。

注:结合旋转对称图形的定义知:正三角形绕其中心旋转1200后能与自身完全重合,故正三角形是旋转对称图形;正方形绕其对角线的交点(旋转中心)旋转900后能与自身完全重合,故正方形是旋转对称图形。

一般的正n(n≥3)变形是旋转对称图形,那么最少旋转时,能与自身完全重合。

4.设计旋转对称图形:(1)确定旋转中心、旋转角度和旋转方向;这是旋转的三要素。

(2)确定图形中的关键点;(3)将这些关键点绕旋转中心绕指定方向旋转指定的角度。

(4)顺次连接新关键点,得到所求图形。

旋转的定义:【例1】如图,如果把钟表的指针看做三角形OAB,它绕O点按顺时针方向旋转得到△OEF,在这个旋转过程中:1.旋转中心是什么?旋转角是什么?2.经过旋转,点A、B分别移动到什么位置?【例2】如图所示,⊿ABC 和⊿ADE 都是等腰直角三角形,∠ACB 和∠AED 都是直角,点C 在AD 上,如果⊿ABC 经旋转后能与⊿ADE 重合,那么哪一点是旋转中心?旋转角度是多少?并指出对应点。

CBDEAM DBC EAN练一练:如图所示,⊿ABC 是等腰三角形,∠ACB=900,D 是AB 边上一点,⊿CBD 经逆时针旋转后到达⊿CAE 的位置,则旋转中心是 ,旋转角度是 ,点B 的对应点是 ,点D 的对应点是 ,线段CB 的对应线段是 ,线段CD 的对应线段是 ,∠CBD 的对应角是 ,如果点M 是线段BC 的中点,点N 是线段AC 的中点,那么经过上述旋转之后,点M 旋转到了 。

九年级数学上册第二十三章旋转经典大题例题(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转经典大题例题(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转经典大题例题单选题1、如图,AB是⊙O的直径,OD垂直于弦AC于点D,DO的延长线交⊙O于点E.若AC=4√2,DE=4,则BC的长是()A.1B.√2C.2D.4答案:C分析:根据垂径定理求出OD的长,再根据中位线求出BC=2OD即可.设OD=x,则OE=OA=DE-OD=4-x.∵AB是⊙O的直径,OD垂直于弦AC于点,AC=4√2∴AD=DC=1AC=2√22∴OD是△ABC的中位线∴BC=2OD∵OA2=OD2+AD2∴(4−x)2=x2+(2√2)2,解得x=1∴BC=2OD=2x=2故选:C小提示:本题考查垂径定理、中位线的性质,根据垂径定理结合勾股定理求出OD的长是解题的关键.2、如图,有①~⑤5个条形方格图,每个小方格的边长均为1,则②~⑤中由实线围成的图形与①中由实线围成的图形全等的有()A.②③④B.③④⑤C.②④⑤D.②③⑤答案:C分析:根据旋转变换及全等图形的定义对应边相等,对应角相等的图形是全等图形对个图进行一一分析判断即可解:②以右下角顶点为定点顺时针旋转90°后,两个实线图形刚好重合,③中为平行四边形,而①中为梯形,所以不能和①中图形完全重合,④可上下反转成②的情况,然后旋转可和①中图形完全重合,⑤可旋转180°后可和①中图形完全重合,∴与①中由实线围成的图形全等的有②④⑤.故选择C.小提示:本题考查多边形全等的判定,掌握全等图形的定义,关键是会通过图形的旋转使它们全等.3、在平面直角坐标系中,点(a+2,2)关于原点的对称点为(4,﹣b),则ab的值为()A.﹣4B.4C.12D.﹣12答案:D分析:首先根据关于原点对称的点的坐标特点可得a+2+4=0,2−b=0,可得a,b的值,再代入求解即可得到答案.解:∵点(a+2,2)关于原点的对称点为(4,﹣b),∴a+2+4=0,2−b=0,解得:a=−6,b=2,∴ab=−12,故选D小提示:本题主要考查了关于原点对称的点的坐标特点:两个点关于原点对称时,它们的横纵坐标都互为相反数.4、如图,△OAB中,∠AOB=60°,OA=4,点B的坐标为(6,0),将△OAB绕点A逆时针旋转得到△CAD,当点O的对应点C落在OB上时,点D的坐标为()A.(7,3√3)B.(7,5)C.(5√3,5)D.(5√3,3√3)答案:A分析:如图,过点D作DE⊥x轴于点E.证明△AOC是等边三角形,解直角三角形求出DE,CE,可得结论.解:如图,过点D作DE⊥x轴于点E.∵B(6,0),∴OB=6,由旋转的性质可知AO=AC=4,OB=CD=6,∠ACD=∠AOB=60°,∵∠AOC=60°,∴△AOC是等边三角形,∴OC=OA=4,∠ACO=60°,∴∠DCE=60°,∴CE=1CD=3,DE=√CD2−CE2=3√3,2∴OE=OC+CE=4+3=7,∴D(7,3√3),故选:A.小提示:本题考查了旋转变换,含30度角的直角三角形的性质,勾股定理,等边三角形的判定和性质等知识,解题的关键是掌握旋转变换的性质.5、如图,在由小正方形组成的网格图中再涂黑一个小正方形,使它与原来涂黑的小正方形组成的新图案为轴对称图形,则涂法有()A.1种B.2种C.3种D.4种答案:C分析:根据轴对称图形的概念,找到对称轴即可得答案.解:如下图,∵图形是轴对称图形,对称轴是直线AB,∴把1、2、3三个正方形涂黑,与原来涂黑的小正方形组成的新图案仍然是轴对称图形,故选:C.小提示:本题考查了轴对称图形的概念,解题的关键是找到对称轴.6、连接正八边形的三个顶点,得到如图所示的图形,下列说法不正确的是()A.四边形ABCH与四边形EFGH的周长相等B.连接HD,则HD平分∠CHEC.整个图形不是中心对称图形D.△CEH是等边三角形答案:D分析:根据正八边形和圆的性质进行解答即可.解:A.∵根据正八边形的性质,四边形ABCH与四边形EFGH能够完全重合,即四边形ABCH与四边形EFGH 全等∴四边形ABCH与四边形EFGH的周长相等,故选项正确,不符合题意;B.连接DH,如图1,∵正八边形是轴对称图形,直线HD是对称轴,∴HD平分∠CHE故选项正确,不符合题意;C.整个图形是轴对称图形,但不是中心对称图形,故选项正确,不符合题意;D.∵八边形ABCDEFGH是正八边形,∴B=BC=CD=DE=EF=FG=GH,CH=EH,设正八边形的中心是O,连接EO、DH,如图2,∠DOE=360°=45°8∵OE=OH∠DOE=22.5°∴∠OEH=∠OHE=12∴∠CHE=2∠OHE=45°∴∠HCE=∠HEC=1(180°-∠CHE)=67.5°2∴△CEH不是等边三角形,故选项错误,符合题意.故选:D.小提示:本题考查了正多边形和圆,熟记正八边形与等腰三角形的性质是解题的关键.7、平面直角坐标系中,O为坐标原点,点A的坐标为(−5,1),将OA绕原点按逆时针方向旋转90°得OB,则点B 的坐标为()A.(−5,1)B.(−1,−5)C.(−5,−1)D.(−1,5)答案:B分析:根据题意证得△AOC≌△OBD,可得结论.解:如图,根据题意得∶∠AOB=90°,∠ACO=∠BDO=90°,OA=OB,∴∠AOC+∠BOD=90°,∠AOC+∠OAC=90°,∴∠BOD=∠OAC,∴△AOC≌△OBD,∴BD=OC,OD=AC,∵点A的坐标为(−5,1),∴BD=OC=1,OD=AC=5,∴B(−1,−5).故选:B.小提示:本题考查坐标与图形变化−旋转,解题的关键是熟练掌握旋转的性质,属于中考常考题型.8、如图,正方形OABC的边长为√2,将正方形OABC绕原点O顺时针旋转45°,则点B的对应点B1的坐标为()A.(−√2,0)B.(−√2,0)C.(0,√2)D.(0,2)答案:D分析:连接OB,由正方形ABCD绕原点O顺时针旋转45°,推出∠A1OB1=45°,得到△A1OB1为等腰直角三角形,点B1在y轴上,利用勾股定理求出O B1即可.解:连接OB,∵正方形ABCD绕原点O顺时针旋转45°,∴∠AOA1=45°,∠AOB=45°,∴∠A1OB1=45°,∴△A1OB1为等腰直角三角形,点B1在y轴上,∵∠B1A1O=90°,A1B1=OA1=√2,∴OB1=√A1B12+OA12=√2+2=2,∴B1(0,2),故选:D.小提示:本题考查了正方形的性质,旋转的性质,特殊三角形的性质.关键是根据旋转角证明点B1在y轴上.9、在平面直角坐标系中,点(3,2)关于原点对称的点的坐标是()A.(2,3)B.(−3,2)C.(−3,−2)D.(−2,−3)答案:C分析:根据坐标系中对称点与原点的关系判断即可.关于原点对称的一组坐标横纵坐标互为相反数,所以(3,2)关于原点对称的点是(-3,-2),故选C.小提示:本题考查原点对称的性质,关键在于牢记基础知识.10、已知两点M1(x1,y1),M2(x2,y2),若x1+x2=0,y1+y2=0,则点M1与M2()A.关于y轴对称B.关于x轴对称C.关于原点对称D.以上均不对答案:C分析:首先利用等式求出x1=−x2,y1=−y2,然后可以根据横纵坐标的关系得出结果.∵x1+x2=0,y1+y2=0,∴x1=−x2,y1=−y2,∵两点M1(x1,y1),M2(x2,y2),∴点M1与M2关于原点对称,故选:C.小提示:本题主要考查平面直角坐标系中关于原点对称的点,属于基础题,利用等式找到点M1与M2横纵坐标的关系是解题关键.填空题11、如图,在四边形ABCD中,∠ABC=30°,将△DCB绕点C顺时针旋转60°后,点D的对应点恰好与点A重合,得到△ACE,AB=5,BC=9,则BD=______.答案:√106分析:连接BE,如图,根据旋转的性质得∠BCE=60°,CB=CE,BD=AE,再判断△BCE为等边三角形得到BE=BC=9,∠CBE=60°,从而有∠ABE=90°,然后利用勾股定理计算出AE即可.解:连接BE,如图,∵△DCB绕点C顺时针旋转60°后,点D的对应点恰好与点A重合,得到△ACE,∴∠BCE=60°,CB=CE,BD=AE,∴△BCE为等边三角形,∴BE=BC=9,∠CBE=60°,∵∠ABC=30°,∴∠ABE=90°,在Rt△ABE中,AE=√52+92=√106.所以答案是:√106.小提示:本题考查了旋转的性质:对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等.12、以原点为中心,把M(3,4)逆时针旋转90°得到点N,则点N的坐标为______.答案:(−4,3)分析:建立平面直角坐标系,根据旋转的性质得出N点坐标,由此即可得出答案.解:如图:由旋转的性质可得:M点横坐标等于N点纵坐标的值,M点纵坐标的值等于N点横坐标的绝对值,又∵M(3,4),∴N(-4,3),所以答案是:(-4,3).小提示:此题考查有关点的坐标旋转的性质,结合坐标轴和旋转的特点确定坐标即可.13、如图,在平面直角坐标系xOy中,点A的坐标为(0,4),P是x轴上一动点,把线段PA绕点P顺时针旋转60°得到线段PF,连接OF,则线段OF长的最小值是__________.答案:2分析:点F 运动所形成的图象是一条直线,当OF ⊥F 1F 2时,垂线段OF 最短,当点F 1在x 轴上时,由勾股定理得:P 1O =F 1O =4√33,进而得P 1A =P 1F 1=AF 1=8√33,求得点F 1的坐标为(4√33,0),当点F 2在y 轴上时,求得点F 2的坐标为(0,-4),最后根据待定系数法,求得直线F 1F 2的解析式为y =√3x -4,再由线段中垂线性质得出F 1F 2=AF 1=8√33,在Rt △OF 1F 2中,设点O 到F 1F 2的距离为h ,则根据面积法得12×OF 1×OF 2=12×F 1F 2×ℎ,即12×4√33×4=12×8√33×ℎ,解得h =2,根据垂线段最短,即可得到线段OF 的最小值为2.解:∵将线段PA 绕点P 顺时针旋转60°得到线段PF ,∴∠APF =60°,PF =PA ,∴△APF 是等边三角形,∴AP =AF ,如图,当点F 1在x 轴上时,△P 1AF 1为等边三角形,则P 1A =P 1F 1=AF 1,∠AP 1F 1=60°,∵AO ⊥P 1F 1,∴P 1O =F 1O ,∠AOP 1=90°,∴∠P 1AO =30°,且AO =4,由勾股定理得:P 1O =F 1O =4√33, ∴P 1A =P 1F 1=AF 1=8√33, ∴点F 1的坐标为(4√33,0), 如图,当点F 2在y 轴上时,∵△P 2AF 2为等边三角形,AO ⊥P 2O ,∴AO =F 2O =4,∴点F 2的坐标为(0,-4),∵tan∠OF 1F 2=OF 2OF 1=4√33=√3,∴∠OF 1F 2=60°,∴点F 运动所形成的图象是一条直线,∴当OF ⊥F 1F 2时,线段OF 最短,设直线F 1F 2的解析式为y =kx +b , 则{4√33k +b =0b =−4,解得{k =√3b =−4, ∴直线F 1F 2的解析式为y =√3x -4,∵AO =F 2O =4,AO ⊥P 1F 1,∴F 1F 2=AF 1=8√33, 在Rt △OF 1F 2中,OF ⊥F 1F 2,设点O 到F 1F 2的距离为h ,则12×OF 1×OF 2=12×F 1F 2×ℎ,∴12×4√33×4=12×8√33×ℎ,解得h =2,即线段OF的最小值为2,故答案为2.小提示:本题属于三角形的综合题,主要考查了旋转的性质,勾股定理的应用,等边三角形的性质以及待定系数法的运用等,解决问题的关键是作辅助线构造等边三角形以及面积法求最短距离,解题时注意勾股定理、等边三角形三线合一以及方程思想的灵活运用.14、已知点P(m−2,m)关于原点对称的点在第三象限,则m的取值范围是_______.答案:m>2分析:根据关于原点对称的点的性质可得点P在第一象限,进而得出不等式组,再解不等式组即可.解:∵点P(m−2,m)关于原点对称的点在第三象限,∴点P(m−2,m)在第一象限,∴{m−2>0,m>0解得:m>2,所以答案是:m>2.小提示:此题主要考查了关于原点对称的点的坐标特点,解一元一次不等式组,关键是掌握各象限内点的坐标符号.15、如图,在△AOB中,∠AOB=90°,AO=3cm,BO=4cm,将△AOB绕顶点O,按顺时针方向旋转到△AB,则线段B1D的长度为______.A1OB1处,此时线段OB1与AB的交点D恰好为AB的中点,OD=12答案:1.5cm##3cm2分析:先在直角△AOB中利用勾股定理求出AB=5cm,再利用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出ODAB=2.5cm.然后根据旋转的性质得到OB1=OB=4cm,则问题得解.=12∵在△AOB中,∠AOB=90°,AO=3cm,BO=4cm,∴AB=√OA2+OB2=5cm,∴OD=1AB=2.5cm,2∵将△AOB绕顶点O,按顺时针方向旋转到△A1OB1处,∴OB1=OB=4cm,∴B1D=OB1-OD=1.5cm.所以答案是:1.5cm.小提示:本题主要考查勾股定理和直角三角形的性质以及图形旋转的性质,掌握勾股定理是解题的关键.解答题16、如图,在平面直角坐标系中,线段AB的两个端点的坐标分别是A(﹣1,4),B(﹣3,1).(1)画出线段AB向右平移4个单位后的线段A1B1;(2)画出线段AB绕原点O旋转180°后的线段A2B2.答案:(1)画图见解析,(2)画图见解析分析:(1)分别确定A,B向右平移4个单位后的对应点A1,B1,再连接A1B1即可;(2)分别确定A,B绕原点O旋转180°后的对应点A2,B2,再连接A2B2即可.解:(1)如图,线段A1B1即为所求作的线段,(2)如图,线段A2B2即为所求作的线段,小提示:本题考查的是平移的作图,中心对称的作图,掌握平移的性质与中心对称的性质是解题的关键. 17、如图,点O为平面直角坐标系的原点,点A在x轴上,△OAB是边长为2的等边三角形.(1)写出△OAB各顶点的坐标;(2)以点O为旋转中心,将△OAB按顺时针方向旋转60°,得到△OA′B′,写出A′,B′的坐标.答案:(1)A(-2,0),B(-1,√3),C(0,0)(2)A′(−1,√3),B′(1,√3)分析:(1)作高线BC,根据等边三角形的性质和勾股定理求OC和BC的长,写出三点的坐标,注意象限的符号问题;(2)如图2,由旋转可知:A′与B重合,B与B′关于y轴对称,可得:A′,B′的坐标.(1)解:如图1,过B作BC⊥OA于C,∵△AOB是等边三角形,且OA=2,OA=1,∴OC=12由勾股定理得:BC=√22−12=√3,∴A(−2,0),B(−1,√3),O(0,0);(2)解:如图2,∵∠AOB=60°,OA=OB,∴A′与B重合,∴A′(−1,√3),由旋转得:∠BOB′=60°,OB=OB′,∵∠AOD=90°,∴∠BOD=30°,∴∠DOB′=30°,∴BB′⊥OD,DB=DB′,∴B′(1,√3).小提示:本题考查了坐标与图形变换、等边三角形的性质、旋转的性质,熟练掌握旋转和等边三角形的性质是关键,并注意点所在象限的符号问题.18、如图,一伞状图形,已知∠AOB=120°,点P是∠AOB角平分线上一点,且OP=2,∠MPN=60°,PM与OB交于点F,PN与OA交于点E.(1)如图一,当PN与PO重合时,探索PE,PF的数量关系(2)如图二,将∠MPN在(1)的情形下绕点P逆时针旋转α度(0<α<60°),继续探索PE,PF的数量关系,并求四边形OEPF的面积.答案:(1)PE=PF,证明详见解析;(2)PE=PF,√3分析:(1)根据角平分线定义得到∠POF=60°,推出△PEF是等边三角形,得到PE=PF;(2)过点P作PQ⊥OA,PH⊥OB,根据角平分线的性质得到PQ=PH,∠PQO=∠PHO=90°,根据全等三角形的性质得到PE=PF,S四边形OEPF=S四边形OQPH,求得OQ=1,QP=√3,根据三角形的面积公式即可得到结论.解:(1)∵∠AOB=120°,OP平分∠AOB,∴∠POF=60°,∵∠MPN=60°,∴∠MPN=∠FOP=60°,∴ΔPEF是等边三角形,∴PE=PF;(2)过点P作PQ⊥OA,PH⊥OB,∵OP平分∠AOB,∴PQ=PH,∠PQO=∠PHO=90°,∵∠AOB=120°,∴∠QPH=60°,∴∠QPE+∠FPH+∠EPH,∴∠QPE=∠EPF,在ΔQPE与ΔHPF中{∠EQP=∠FHP ∠QPE=∠HPFPQ=PH,∴ΔQPE≌ΔHPF(AAS),∴PE=PF,S四边形OEPF =S四边形OQPH,∵PQ⊥OA,PH⊥OB,OP平分∠AOB,∴∠QPO=30°,∴OQ=1,QP=√22−12=√3,∴SΔOPQ=12×1×√3=√32,∴四边形OEPF的面积=2SΔOPQ=√3小提示:本题考查了旋转的性质,角平分线的性质,全等三角形的判定和性质,三角形的面积,正确的作出辅助线是解题的关键.。

九年级数学上册第二十三章旋转知识点归纳总结(精华版)(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转知识点归纳总结(精华版)(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转知识点归纳总结(精华版)单选题1、如图,将△ABC绕点B顺时针旋转50°得△DBE,点C的对应点恰好落在AB的延长线上,连接AD,下列结论不一定成立的是()A.AB=DB B.∠CBD=80°C.∠ABD=∠E D.△ABC≌△DBE答案:C分析:利用旋转的性质得△ABC≌△DBE,BA=BD,BC=BE,∠ABD=∠CBE=50°,∠C=∠E,再由A、B、E三点共线,由平角定义求出∠CBD=80°,由三角形外角性质判断出∠ABD>∠E.解:∵△ABC绕点B顺时针旋转50°得△DBE,∴AB=DB,BC=BE,∠ABD=∠CBE=50°,△ABC≌△DBE,故选项A、D一定成立;∵点C的对应点E恰好落在AB的延长线上,∴∠ABD+∠CBE+∠CBD =180°,.∴∠CBD=180°-50°-50°=80°,故选项B一定成立;又∵∠ABD=∠E+∠BDE,∴∠ABD>∠E,故选项C错误,故选C.小提示:本题主要考查了旋转的性质:对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等.2、将矩形ABCD绕点A顺时针旋转α(0°<α<360°),得到矩形AEFG.当GC=GB时,下列针对α值的说法正确的是()A.60°或300°B.60°或330°C.30°D.60°答案:A分析:当GB=GC时,点G在BC的垂直平分线上,分两种情况讨论,依据∠DAG=60°,即可得到旋转角α的度数.如图,当GB=GC时,点G在BC的垂直平分线上,分两种情况讨论:①当点G在AD右侧时,取BC的中点H,连接GH交AD于M,∵GC=GB,∴GH⊥BC,∴四边形ABHM是矩形,∴AM=BH=1AD,2∴GM垂直平分AD,∴GD=GA=DA,∴△ADG是等边三角形,∴∠DAG =60°,∴旋转角α=60°;②当点G 在AD 左侧时,同理可得△ADG 是等边三角形,∴∠DAG =60°,∴旋转角α=360°-60°=300°,故选:A .小提示:本题主要考查了旋转的性质,全等三角形的判定与性质的运用,解题时注意:对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角.3、已知⊙O 的直径CD =100cm ,AB 是⊙O 的弦,AB ⊥CD ,垂足为M ,且AB =96cm ,则AC 的长为( )A .36cm 或64cmB .60cm 或80cmC .80cmD .60cm答案:B分析:分两种情况讨论,根据题意画出图形,根据垂径定理求出AM 的长,连接OA ,由勾股定理求出OM 的长,进而可得出结论.解:连接AC ,AO ,∵⊙O 的直径CD =100cm ,AB ⊥CD ,AB =96cm ,∴AM =12AB =12×96=48(cm ),OD =OC =50(cm ),如图1,∵OA =50cm ,AM =48cm ,CD ⊥AB ,∴OM =√OA 2−AM 2=√502−482=14(cm ),∴CM =OC +OM =50+14=64(cm ),∴AC=√AM2+CM2=√642+482=80(cm);如图2,同理可得,OM=14cm,∵OC=50cm,∴MC=50−14=36(cm),在Rt△AMC中,AC=√AM2+CM2=60(cm);综上所述,AC的长为80cm或60cm,故选:B.小提示:本题考查的是垂径定理、勾股定理的应用,根据题意画出图形、利用垂径定理和勾股定理求解是解答此题的关键.4、已知点A(−2,3)与点B关于原点对称,则点B的坐标()A.(−3,2)B.(2,−3)C.(3,2)D.(−2,−3)答案:B分析:根据关于原点对称点的坐标变化特征直接判断即可.解:点A(−2,3)与点B关于原点对称,则点B的坐标为(2,−3),故选:B.小提示:本题考查了关于原点对称点的坐标,解题关键是明确关于原点对称的两个点横纵坐标都互为相反数.5、已知⊙O的半径为7,AB是⊙O的弦,点P在弦AB上.若PA=4,PB=6,则OP=()A.√14B.4C.√23D.5答案:DAB=5,然后在分析:连接OA,过点O作OC⊥AB于点C,如图所示,先利用垂径定理求得AC=BC=12RtΔAOC中求得OC=2√6,再在RtΔPOC中,利用勾股定理即可求解.解:连接OA,过点O作OC⊥AB于点C,如图所示,则AC=BC=1AB,OA=7,2∵PA=4,PB=6,∴AB=PA+PB=4+6=10,∴AC=BC=1AB=5,2∴PC=AC−PA=5−4=1,在RtΔAOC中,OC=√OA2−AC2=√72−52=2√6,在RtΔPOC中,OP=√OC2+PC2=√(2√6)2+12=5,故选:D小提示:本题考查了垂径定理及勾股定理的运用,构造直角三角形是解题的关键.6、如图,在△ABC中,∠ACB=90∘,点D是AB的中点,将△ACD沿CD对折得△A′CD.连接BA′,连接AA′交CD于点E,若AB=14cm,BA′=4cm,则CE的长为()A.4cmB.5cmC.6cmD.7cm答案:B分析:由折叠性质得AA′⊥CD,AD=A′D,根据直角三角形斜边上的中线性质可证得CD=AD=BD=A′D,可证得A、C、A′、B共圆且AB为直径,利用垂径定理的推论和三角形的中位线性质证得DE=1A′B,进而可求解CE的长.2解:由折叠性质得AA′⊥CD,AD=A′D,∵∠ACB=90∘,点D是AB的中点,∴CD=AD=BD=A′D=1AB,2∴A、C、A′、B共圆且AB为直径,又A A′⊥CD,∴AE=A′E,又AD=BD,∴DE是△AB A′的中位线,∴DE=1A′B,2∵AB=14cm,BA′=4cm,∴CD=7cm,DE=2cm,∴CE=CD-DE=7-2=5cm,故选B.小提示:本题考查直角三角形斜边上的中线性质、三角形的中位线性质、折叠性质、垂径定理的推论,熟练掌握相关知识的联系与运用是解答的关键.7、围棋起源于中国,古代称之为“弈”,至今已有4000多年的历史.2017年5月,世界围棋冠军柯洁与人工智能机器人AlphaGoi进行围棋人机大战截取首局对战棋谱中的四个部分,由黑白棋子摆成的图案是中心对称的是()A.B.C.D.答案:A分析:根据中心对称图形的定义:一个平面图形,绕一点旋转180°,与自身重合,这样的图形叫做中心对称图形.逐一进行判断即可.解:A、是中心对称图形,符合题意;B、不是中心对称图形,不符合题意;C、不是中心对称图形,不符合题意;D、不是中心对称图形,不符合题意;故选A.小提示:本题考查中心对称.熟练掌握中心对称的定义是解题的关键.8、如图,将正方形图案绕中心O旋转180°后,得到的图案是()A.B.C.D.答案:C分析:根据旋转的定义进行分析即可解答解:根据旋转的性质,旋转前后,各点的相对位置不变,得到的图形全等,分析选项,可得正方形图案绕中心O旋转180°后,得到的图案是C.故选:C.小提示:本题考查了图纸旋转的性质,熟练掌握是解题的关键.9、将△AOB绕点O旋转180∘得到△DOE,则下列作图正确的是()A.B.C.D.答案:D分析:把一个图形绕某一点O转动一个角度的图形变换叫做旋转.解:观察选项中的图形,只有D选项为△ABO绕O点旋转了180°.小提示:本题考察了旋转的定义.10、下列几何图形中,是轴对称图形但不是中心对称图形的是()A.梯形B.等边三角形C.平行四边形D.矩形答案:B分析:根据轴对称图形和中心对称图形的定义以及性质对各项进行分析即可.A、梯形不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项说法错误;B、等边三角形是轴对称图形,但不是中心对称图形,故本选项说法正确;C、平行四边形不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项说法错误;D、矩形是轴对称图形,也是中心对称图形,故本选项说法错误.故选:B.小提示:本题考查了轴对称图形和中心对称图形的判断,掌握轴对称图形和中心对称图形的定义以及性质是解题的关键.填空题11、如图,把△ABC绕点C按顺时针方向旋转35°,得到△A′B′C,A′B′交AC于点D,若∠A′DC=90°,则∠A= °答案:55分析:根据旋转的性质可得∠ACA ′=35°,∠A =∠A ′,再由直角三角形两锐角互余,即可求解. 解:∵把△ABC 绕点C 按顺时针方向旋转35°,得到△A ′B ′C∴∠ACA ′=35°,∠A =∠A ′,∵∠A ′DC =90°,∴∠A ′=55°∴∠A =55°.所以答案是:55小提示:本题主要考查了图形的旋转,直角三角形两锐角的关系,熟练掌握旋转的性质,直角三角形两锐角互余是解题的关键.12、在平面直角坐标系xOy 中,直线y =−√33x +2分别交x 轴、y 轴于C 、A 两点.将射线AM 绕着点A 顺时针旋转45°,得到射线AN .点D 为AM 上的动点,点B 为AN 上的动点,点C 在∠MAN 的内部.(1)△BCD 周长的最小值是____________________;(2)当△BCD 的周长取得最小值,且BD =53√2时,△BCD 的面积为__________.答案: 4√2 43分析:(1)可作点C 关于射线AM 的对称点C 1,点C 关于射线AN 的对称点C 2.连接C 1C 2.利用两点之间线段最短,可得到当B 、D 两点与C 1、C 2在同一条直线上时,△BCD 的周长最小,最小值为线段C 1C 2的长.(2)根据(1)的作图可知四边形AC 1CC 2的对角互补,结合轴对称可得∠BCD =90°.利用勾股定理得到CB 2+CD 2=BD 2=(5√23)2,因为CB +CD =4√2﹣5√23,可推出CB •CD 的值,进而求出三角形的面积.(1)∵直线y =−√33x +2与x 轴、y 轴分别交于C 、A 两点,把y =0代入,解得x =2√3,把x =0代入,解得y =2,∴点C 的坐标为(2√3,0),点A 的坐标为(0,2).∴AC =√22+(2√3)2=4.作点C 关于射线AM 的对称点C 1,点C 关于射线AN 的对称点C 2.由轴对称的性质,可知CD =C 1D ,CB =C 2B . ∴CB +BD +CD =C 2B +BD +C 1D =C 1C 2连接AC 1、AC 2,可得∠C 1AD =∠CAD ,∠C 2AB =∠CAB ,AC 1=AC 2=AC =4.∵∠DAB =45°,∴∠C 1AC 2=90°.连接C 1C 2.C 1C 2=√42+42=4√2,∵两点之间线段最短,∴当B 、D 两点与C 1、C 2在同一条直线上时,△BCD 的周长最小,最小值为线段C 1C 2的长. ∴△BCD 的周长的最小值为4√2.所以答案是:4√2.(2)根据(1)的作图可知四边形AECF 的对角互补,其中∠DAB =45°,因此,∠C 2CC 1=135°. 即∠BCC 2+∠DCC 1+∠BCD =135°,∴2∠BCC 2+2∠DCC 1+2∠BCD =270°①,∵∠BC 2C =∠BCC 2,∠DCC 1=∠DC 1C ,∠BC 2C +∠DC 1C +∠BCC 2+∠DCC 1+∠BCD =180°, ∴2∠BCC 2+2∠DCC 1+∠BCD =180°②,①-②得,∠BCD =90°.∴CB 2+CD 2=BD 2=(5√23)2=509,∵CB +CD =4√2﹣5√23=7√23,(CB +CD )2=CB 2+CD 2+2CB •CD ,∴2CB •CD =(CB +CD )2-(CB 2+CD 2)= (7√23)2−509=163∴S=12⋅CB⋅CD=43.所以答案是:43小提示:本题考查了最短路径和勾股定理及一次函数的性质,解题关键利用轴对称确定最短路径,结合勾股定理来解决问题.13、若点P(a-1,5)与点Q(5,1-b)关于原点成中心对称,则a+b=___.答案:2分析:根据关于原点对称的性质得到a-1+5=0,5+1-b=0,求出a、b,问题得解.解:∵点P(a-1,5)与点Q(5,1-b)关于原点成中心对称,∴a-1+5=0,5+1-b=0,∴a=-4,b=6,∴a+b=2.所以答案是:2小提示:本题考查了关于原点对称的点的坐标特点,熟知“两个点关于原点对称,则这两个点的横纵坐标都互为相反数”是解题关键.14、如图,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=8,AC=6,以BC为一边作正方形BDEC设正方形的对称中心为O,连接AO,则AO=_____.答案:7√2;分析:连接AO、BO、CO,过O作FO⊥AO,交AB的延长线于F,判定△AOC≌△FOB(ASA),即可得出AO=FO,FB=AC=6,进而得到AF=8+6=14,∠FAO=45°,根据AO=AF×cos45°进行计算即可.解:连接AO、BO、CO,过O作FO⊥AO,交AB的延长线于F,∵O是正方形DBCE的对称中心,∴BO=CO,∠BOC=90°,∵FO⊥AO,∴∠AOF=90°,∴∠BOC=∠AOF,即∠AOC+∠BOA=∠FBO+∠BOA,∴∠AOC=∠FBO,∵∠BAC=90°,∴在四边形ABOC中,∠ACO+∠ABO=180°,∵∠FBO+∠ABO=180°,∴∠ACO=∠FBO,在△AOC和△FOB中,{∠AOC=∠FOBAO=FO∠ACO=∠FBO,∴△AOC≌△FOB(ASA),∴AO=FO,FB=FC=6,∴AF=8+6=14,∠FAO=∠OFA=45°,∴AO=AF×cos45°=14×√22=7√2.故答案为7√2.小提示:本题考查了正方形的性质和全等三角形的判定与性质.本题的关键是通过作辅助线来构建全等三角形,然后将已知和所求线段转化到直角三角形中进行计算.15、如图,在正方形网格中,格点ΔABC绕某点顺时针旋转角α(0<α<180°)得到格点ΔA1B1C1,点A与点A1,点B与点B1,点C与点C1是对应点,则α=_____度.答案:90°分析:先连接CC1,AA1,作CC1,AA1的垂直平分线交于点E,连接AE,A1E,再由题意得到旋转中心,由旋转的性质即可得到答案.如图,连接CC1,AA1,作CC1,AA1的垂直平分线交于点E,连接AE,A1E,∵CC1,AA1的垂直平分线交于点E,∴点E是旋转中心,∵∠AEA1=90°,∴旋转角α=90°.故答案为90°.小提示:本题考查旋转,解题的关键是掌握旋转的性质.解答题16、如图,在平面直角坐标系中,已知点B(4,2),BA⊥x轴于A.(1)画出将△OAB绕原点顺时针旋转90°后所得的△OA1B1,并写出点A1、B1的坐标;(2)画出△OAB关于原点O的中心对称图形△OA2B2,并写出点A2、B2的坐标.答案:(1)图见解析,A1(0,﹣4),B1(2,﹣4)(2)图见解析,A2(﹣4,0),B2(﹣4,﹣2)分析:(1)根据旋转先找到找到A1,B1点,再进行连线即可;(2)根据关于原点对称的点特征,找到A2,B2点,再进行连线即可;(1)如图所示,△OA1B1即为所求,由图知,A1(0,﹣4),B1(2,﹣4);(2)如图所示,△OA2B2即为所求,A2(﹣4,0),B2(﹣4,﹣2).小提示:本题考查坐标系下图形的旋转,对称作图,根据找点,描点,连线的方法进行作图即可.17、已知:BD是△ABC的角平分线,点E,F分别在BC,AB上,且DE∥AB,BE=AF.(1)如图1,求证:四边形ADEF是平行四边形;(2)如图2,若△ABC为等边三角形,在不添加辅助线的情况下,请你直接写出所有是轴对称但不是中心对称的图形.答案:(1)证明见解析(2)等边△ABC,等边△BEF,等边△CDE,等腰△BDE,等腰梯形ABED,等腰梯形ACEF分析:(1)由角平分线可知∠ABD=∠CBD,由平行可知∠BDE=∠ABD,可得∠CBD=∠BDE,DE=BE= AF,进而结论得证;(2)由题意可得四边形ADEF是菱形,D,E,F是等边三角形的中点,然后根据在平面内,把一个图形绕着某个点旋转180°,如果旋转后的图形能与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形;在平面内,一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够完全重合的图形叫做轴对称图形;对图中的三角形与四边形的对称性进行判断即可.(1)证明:∵BD是△ABC的角平分线∴∠ABD=∠CBD∵DE∥AB∴∠BDE=∠ABD∴∠CBD=∠BDE∴DE=BE=AF∵DE∥AF,DE=AF∴四边形ADEF是平行四边形.(2)解:由(1)知四边形ADEF是平行四边形∴EF∥AC∵△ABC是等边三角形∴∠EFB=∠C=∠B=60°∴BE=EF=DE∴四边形ADEF是菱形∴AF=BF,BE=CE,CD=AD∴D,E,F是等边三角形的中点∴BG⊥EF,BD⊥EF∴由轴对称图形与中心对称图形的定义可知,是轴对称图形但不是中心对称图形的有:等边△ABC,等边△BEF,等边△CDE,等腰△BDE,等腰梯形ABED,等腰梯形ACEF.小提示:本题考查了角平分线,等腰三角形的判定与性质,等边三角形的判定性质,平行四边形的判定与性质,菱形的判定与性质,轴对称图形,中心对称图形等知识.解题的关键在于对知识的熟练掌握与灵活运用.18、如图①,在矩形ABCD中,AB=6,BC=8,四边形EFGH是正方形,EH与BD重合,将图①中的正方形EFGH绕着点D逆时针旋转.(1)旋转至如图②位置,使点G落在BC的延长线上,DE交BC于点L.已知旋转开始时,即图①位置∠CDG=37°,求正方形EFGH从图①位置旋转至图②位置时,旋转角的度数.(2)旋转至如图③位置,DE交BC于点L.延长BC交FG于点M,延长DC交EF于点N.试判断DL、EN、GM之间满足的数量关系,并给予证明.答案:(1)16°(2)DL=EN+GM,见解析分析:(1)根据题意易求出∠BDC=53°.在图②中连接BD.根据旋转结合正方形性质即得出BD=DE= DG,∠DCB=90°.根据等腰三角形三线合一的性质即可得出∠BDC=∠CDG=53°,从而可求出∠CDE的大小,进而即可求出∠BDE的大小,即旋转角.(2)在图③中,过点G作GK//BM,交DE于K,由正方形的性质可得出∠DEF=∠GDE,DE=DG.又易证GK⊥DN,即得出∠NDG+∠EDN=90°,∠NDG+∠DGK=90°,从而得出∠EDN=∠DGK,由此可证明△DKG≌△END(ASA),得出EN=DK.由GK//ML,KL//GM,可判定四边形KLMG是平行四边形,得出结论GM=KL,从而即可证明DL=EN+GM.(1)由图①知,∠BDC=90°−∠CDG=90°−37°=53°,如图②,连接BD,根据旋转和正方形性质可知BD=DE=DG,∠DCB=90°.∴∠BDC=∠CDG=53°,∴∠CDE=90°−∠CDG=90°−53°=37°,∴∠BDE=∠BDC−∠CDE=53°−37°=16°,∴旋转角为16°;(2)DL=EN+GM,理由如下:如图③,过点G作GK//BM,交DE于K,∵四边形EFGD是正方形,∴∠DEF=∠GDE,DE=DG.∵GK//BM,DN⊥BM,∴GK⊥DN,∴∠NDG+∠EDN=90°,∠NDG+∠DGK=90°,∴∠EDN=∠DGK,∴△DKG≌△END(ASA),∴EN=DK,∵GK//ML,KL//GM,∴四边形KLMG是平行四边形,∴GM=KL,∴DL=DK+KL=EN+GM.小提示:本题考查正方形的性质,旋转的性质,平行线的判定和性质,三角形全等的判定和性质以及平行四边形的判定和性质,综合性较强.正确的做出辅助线以及利用数形结合的思想是解题关键.。

第23章 旋转(单元总结)(原卷版)

第23章 旋转(单元总结)(原卷版)
【典例分析】
5.(2019 春 驻马店市期中)下列图案中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A.
B.
C.D.Biblioteka 6.(2019 春 天津市期末)下列图形中,可以看作是中心对称图形的是( )
A.
B.
C.
D.
7.(2019 春 青岛市期末)如图,在平面直角坐标系中, ABC 的顶点 A 在第一象限,点 B 、 C 的坐标分
A.(2,0)
B.(3,0)
C.(2,-1)
D.(2,1)
5
【典例分析】
1.(2019 春 东享区期中)如图,在 Rt△ABC 中,∠ACB=90°,∠A=60°,AC=6,将△ABC 绕点 C 按逆时针
方向旋转得到△A'B'C',此时点 A'恰好在 AB 边上,则点 B'与点 B 之间的距离为( )
A.12
B.6
C.6 2
2.(2018 春 桥西区期末)如图,在 㕐ᩓ 中, ᩓ 㕐
置,使 ᩓᩓ ̵̵ 㕐,则旋转角的度数为
D. 6 3 ,将 㕐ᩓ 在平面内绕点 A 旋转到 㕐 ᩓ 的位
A.
B.
C.
D.
3.(2017 春 赣州市期末)如图所示,将一个含 30°角的直角三角板 ABC 绕点 A 旋转,使得点 B,A,C′在
同一直线上,则三角板 ABC 旋转的度数是(

A.60° B.90° C.120° D.150°
如图,ABO 绕着点 O 旋转180 后,与 CDO 完全重合,则称 CDO 和 ABO 关于点 O 对称,点 C 是点 A 关于点 O 的对称点.
中心对称图形概念:把一个图形绕着某一个点旋转180 ,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么 这个图形叫作中心对称图形,这个点就是它的对称中心. 中心对称与中心对称图形的区别与联系:

九年级数学上册 第二十三章 旋转 单元测试卷(人教版 2024年秋)

九年级数学上册 第二十三章 旋转 单元测试卷(人教版 2024年秋)

九年级数学上册第二十三章旋转单元测试卷(人教版2024年秋)一、选择题(本题有10小题,每小题3分,共30分)1.中国航天取得了举世瞩目的成就,为人类和平贡献了中国智慧和中国力量,下列是有关中国航天的图标,其文字上方的图案是中心对称图形的是()2.下列说法中正确的有()(1)如果把一个图形绕着一定点旋转后和另一个图形重合,那么这两个图形成中心对称;(2)如果两个图形关于一点成中心对称,那么其对应点之间的距离相等;(3)如果一个旋转对称图形有一个旋转角为120°,那么它不是中心对称图形;(4)如果一个旋转对称图形有一个旋转角为180°,那么它是中心对称图形.A.0个B.1个C.2个D.3个3.(2024重庆期末)如图,在△ABC中,∠BAC=135°,将△ABC绕点C逆时针旋转得到△DEC,点A,B的对应点分别为D,E,连接AD.当点A,D,E在同一条直线上时,下列结论不正确的是()A.△ABC≌△DEC B.∠ADC=45°C.AD=2AC D.AE=AB+CD(第3题)(第4题)(第5题)(第7题) 4.如图,将△ABC绕点A逆时针旋转55°得到△ADE,若∠E=75°且AD⊥BC于点F,则∠BAC的度数为()A.65°B.70°C.75°D.80°5.如图,在平面直角坐标系xOy中,若将△ABC以某点为旋转中心,顺时针旋转90°得到△DEF,其中点C的对应点是F,点A的对应点是D,点B的对应点是E,则旋转中心的坐标是()A.(0,0)B.(1,0)C.(1,-1)D.(2.5,0.5) 6.在平面直角坐标系中,已知点A(2a,a-b+2),B(b,a+2)关于原点对称,则a,b的值是()A.a=-1,b=2B.a=1,b=2C.a=-1,b=-2D.a=1,b=-27.如图,以正六边形ABCDEF的顶点C为旋转中心,按顺时针方向旋转,使得新正六边形A′B′CD′E′F′的顶点E′落在直线BC上,则正六边形ABCDEF至少旋转的度数为()A.60°B.90°C.100°D.30°8.如图,点A-1,52,将OA绕点O顺时针旋转90°得到OA′,则点A′的坐标为()A.-1,-52 B.1,52 C.52,1 D.1,-52(第8题)(第9题)(第10题)(第11题)9.如图,已知在正方形ABCD内有一点P,连接AP,DP,BP,将△APD顺时针旋转90°得到△AEB,连接DE,点P恰好在线段DE上,AP=2,BP=10,则DP的长度为()A.2 B.6C.22 D.1010.如图,在平面直角坐标系中,四边形OABC的顶点O在原点上,OA边在x 轴的正半轴上,AB⊥x轴,AB=CB=2,OA=OC,∠AOC=60°.将四边形OABC绕点O逆时针旋转,每次旋转90°,则第2025次旋转结束时,点C 的坐标为()A.(3,3)B.(3,-3)C.(-3,1)D.(1,-3)二、填空题(本题有6小题,每小题4分,共24分)11.镇江是一座底蕴深厚、人文荟萃的历史文化古城,如图是镇江的一个古建筑的装饰物(里面是一个个小等边三角形),该图形绕旋转中心(点O)至少旋转________度后可以和自身完全重合.12.在平面直角坐标系xOy中,将点A(1,2)绕着旋转中心旋转180°,得到点B(-3,2),则旋转中心的坐标为__________.13.如图,D是△ABC的边BC的中点,连接AD并延长到点E,使DE=AD,连接BE.(1)△ADC和________成中心对称;(2)已知△ADC的面积为4,则△ABE的面积是________.(第13题)(第14题)(第15题)(第16题)14.(2023郴州期末)如图,在平面直角坐标系中,平行四边形OABC的顶点A的坐标为(6,0),顶点C的坐标为(2,2),若直线y=mx+2平分平行四边形OABC的面积,则m的值为________.15.(2024杭州期中)如图,在平面直角坐标系中,Rt△OAB的顶点A(-2,4)在抛物线y=ax2上,直角顶点B在x轴上.将Rt△OAB绕点O顺时针旋转90°得到△OCD,边CD与该抛物线交于点P,则CP的长为________.16.如图,在Rt△ACB中,∠ACB=90°,∠ABC=25°.O为AB的中点,将OA 绕着点O逆时针旋转θ(0°<θ<180°)至OP.(1)当θ=30°时,∠CBP=________;(2)当△BCP恰为等腰三角形时,θ的度数为____________.三、解答题(本题有7小题,共66分,各小题都必须写出解答过程)17.(8分)(2023丰台模拟)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=3,BC=4,将△ABC绕点C逆时针旋转得到△DEC,使点A的对应点D落在BC边上,点B的对应点为E,求线段BD,DE的长.18.(8分)已知平面直角坐标系第二象限内的点P(x2+2x,3)与另一点Q(x+2,y)关于原点对称,试求x+2y的值.19.(8分)如图,将△ABC绕点C顺时针旋转90°得到△EDC.若点A,D,E在同一条直线上,∠ACB=20°,求∠ADC的度数.20.(10分)如图,在Rt△ABC中,∠C=90°.(1)将△ABC绕点B顺时针旋转90°,画出旋转后的△A′BC′;(2)连接AA′,若AC-BC=1,AA′=10,求BC边的长.21.(10分)在如图所示的方格纸中,每个小方格都是边长为1个单位长度的正方形,图①、图②、图③均为顶点在格点上的三角形(每个小方格的顶点叫格点).(1)在图中,图①经过________变换可以得到图②(填“平移”“旋转”或“轴对称”);(2)在图中画出图①绕点A逆时针旋转90°后得到的图形;(3)在图中,图③与图②关于某点中心对称,则其对称中心是点________(填“A”“B”或“C”).22.(10分)(2023北京)在△ABC中,∠B=∠C=α(0°<α<45°),AM⊥BC于点M,D是线段MC上的动点(不与点M,C重合),将线段DM绕点D顺时针旋转2α得到线段DE.(1)如图①,当点E在线段AC上时,求证:D是MC的中点;(2)如图②,若在线段BM上存在点F(不与点B,M重合)满足DF=DC,连接AF,AE,EF,请写出∠AEF的大小,并证明.23.(12分)某数学兴趣小组在一次综合与实践活动中探究这样一个问题:将足够大的直角三角尺PEF(∠EPF=90°,∠F=30°)的顶点P放在等腰直角三角形ABC的斜边AC的中点O处,S△ABC=4.(1)尝试探究如图①,三角尺PEF的两条直角边分别与△ABC的边AB,BC交于点M,N,当PE⊥AB时,①PM________PN(填“>”“<”或“=”);②三角尺PEF与△ABC重叠部分的面积为________.(2)操作发现如图②,将三角尺PEF绕点O旋转,在旋转过程中,三角尺PEF的两条直角边分别与△ABC的边AB,BC交于点M,N(点M不与点A,B重合),PM 与PN相等吗?请说明理由.(3)类比应用在(2)的条件下,三角尺PEF与△ABC重叠部分的面积变化吗?若变化,请说明理由;若不变,请求出重叠部分的面积.答案一、1.C 2.B 3.D 4.B 5.C 6.A 7.B 8.C 9.B10.A 点拨:连接OB ,过点C 作CP ⊥OA ,垂足为P ,如图所示.∵AB =CB ,OA =OC ,OB =OB ,∴△AOB ≌△COB (SSS ).∴∠AOB =∠COB =12∠AOC =30°.在Rt △AOB 中,AB =2,∠AOB =30°,∴OB =2AB =4.∴OA =OB 2-AB 2=2 3.∴OC =2 3.在Rt △COP 中,∠POC =60°,∴∠OCP =30°.∴OP =12OC =3.∴CP =OC 2-OP 2=3.∴点C 的坐标为(3,3).∵每次旋转90°,360°÷90°=4,∴每旋转4次为一个循环.∵2025÷4=506……1,∴第2025次旋转结束时点C 的位置和最开始时点C 的位置相同.∴第2025次旋转结束时,点C 的坐标为(3,3).故选A.二、11.6012.(-1,2)13.(1)△EDB(2)814.-1415.4-216.(1)40°(2)50°或65°或80°点拨:(1)由题意结合旋转的性质可得OA =OB =OP ,进而得∠OBP =∠OPB ,然后根据三角形外角的性质得到∠OBP=12∠AOP=15°,进而求解.(2)连接AP,易得∠APB=90°.如图①,当BC=BP时,易证△ABC≌△ABP,∴∠ABP=∠ABC=25°,∴∠AOP=2∠ABP=50°;如图②,当BC=PC时,连接CO并延长交PB于H,根据线段垂直平分线的判定得到CH垂直平分PB,求得∠CHB=90°,再根据等腰三角形的性质及三角形外角的性质易得θ=80°;如图③,当PB=PC时,连接OC,易得OB=OC,延长PO交BC于G,易得PG垂直平分BC,得到∠BGO=90°,再根据三角形的内角和得到∠BOG =65°,∴θ=65°.综上,θ的度数为50°或65°或80°.三、17.解:根据题意,得△ABC≌△DEC,∴AB=DE,AC=DC.∵AC=3,∴DC=3.∵BC=4,∴BD=1.在Rt△ABC中,根据勾股定理,得AB=AC2+BC2=5,∴DE=5. 18.解:根据题意,得(x2+2x)+(x+2)=0,y=-3.∴x1=-1,x2=-2(不符合题意,舍去).∴x+2y=-1+2×(-3)=-7.19.解:∵将△ABC绕点C顺时针旋转90°得到△EDC,∴∠DCE=∠ACB=20°,∠ACE=90°,AC=CE.∴∠E=∠EAC=45°.∴∠ADC=∠E+∠DCE=45+20°=65°.20.解:(1)如图,△A′BC′即为所求.(2)如图,设BC=x,则AC=BC+1=x+1.在Rt△ABC中,AB2=BC2+AC2=x2+(x+1)2.由旋转的性质得A′B=AB,∠ABA′=90°.在Rt△AA′B中,A′A2=A′B2+AB2=2AB2.因为AA′=10,所以(10)2=2[x2+(x+1)2].整理得x2+x-2=0.解得x1=1,x2=-2(舍去).所以BC=1.21.解:(1)平移(2)图①绕点A逆时针旋转90°后得到的图形如图①所示.①(3)C点拨:如图②,连接DE,发现DE和FG相交于点C,所以对称中心是点C.②22.(1)证明:由旋转的性质,得DM=DE,∠MDE=2α.∵∠C=α,∴∠DEC=∠MDE-∠C=α.∴∠C=∠DEC.∴DE=DC.∴DM=DC.∴D是MC的中点.(2)解:∠AEF=90°.证明:如图,延长FE到H,使EH=FE,连接CH,AH.∵DF=DC,∴DE是△FCH的中位线.∴DE∥CH,CH=2DE.∴∠FCH=∠FDE.∵∠MDE=2α,∴∠FCH=2α.∵∠B=∠ACB=α,∴∠ACH=α,AB=AC.∴∠B=∠ACH.设DM=DE=m,CD=n,则CH=2m,CM=m+n,DF=n,∴FM=DF-DM=n-m.∵AM⊥BC,AB=AC,∴BM=CM=m+n.∴BF=BM-FM=m+n-(n-m)=2m.∴BF=CH.在△ABF和△ACH =AC,B=∠ACH,=CH,∴△ABF≌△ACH(SAS).∴AF=AH.又∵FE=EH,∴AE⊥FH.∴∠AEF=90°. 23.解:(1)①=②2(2)PM=PN.理由如下:连接BP.∵△ABC是等腰直角三角形,∴∠ABC=90°,∠C=45°,AB=BC.又∵O是AC的中点,P在O处,∴BP⊥AC,BP=PC且∠ABP=∠CBP=45°.11∴∠CPN +∠NPB =90°,∠ABP =∠C .∵MP ⊥PN ,∴∠BPM +∠NPB =90°.∴∠BPM =∠CPN .在△MPB 和△NPCBPM =∠CPN ,=CP ,MBP =∠C ,∴△MPB ≌△NPC (ASA ).∴PM =PN .(3)不变.∵S △ABC =4,O 是AC 的中点,P 在O 处,∴S △BCP =12S △ABC =2.由(2)知△MPB ≌△NPC ,∴三角尺PEF 与△ABC 重叠部分的面积=△MPB 的面积+△BON 的面积=△NPC 的面积+△BON 的面积=△BCP 的面积=2.。

初三数学上册(人教版)第二十三章旋转23.1知识点总结含同步练习及答案

初三数学上册(人教版)第二十三章旋转23.1知识点总结含同步练习及答案

A.72∘ 答案: B
B.108∘
C.144∘
D.216∘
3. 如图,将 △ABC 绕点 A 逆时针旋转 80∘ 得到 △AB'C' .若 ∠BAC = 50∘ ,则 ∠CAB' 的度数 为 ( ).
A.30∘ 答案: A
B.40∘
C.50∘
D.80∘
4. 如图,小红做了一个实验,将正六边形 ABCDEF 绕点 F 顺时针旋转后到达 A'B'C'D'E'F ' 的位 置,所转过的度数是 ( ) .
四、课后作业 (查看更多本章节同步练习题,请到快乐学) 1. 如果 4 张扑克按图 1 的形式摆放放置情况如图 2 所 示,那么旋转的扑克从左起是 ( ) .
A.第一张 答案: B
B.第二张
C.第三张
D.第四张
2. 如图,该图形围绕自己的旋转中心,按下列角度旋转后,不能与其自身重合的是 ( )
∴ ∠EF E' 是旋转角,
∴所转过的度数是 60∘ . 高考不提分,赔付1万元,关注快乐学了解详情。
费马点
费马点是指位于三角形内且到三角形三个顶点距离之和最短的点.这个最短距离叫做费马距离. 如下图,在 △ABC 中,P 为其中任意一点.连接 AP ,P B,P C ,得到 △AP C. 以点 A 为旋转中心,将 △AP C 逆时针旋转 60∘ ,得到 △AP ′C. ∵ 旋转 60∘ ,且 AP = AP ′ , ∴ △AP P ′ 为一个等边三角形. ∴ PC = P ′C′. ∴ P A + P B + P C = P ′C ′ + P P ′ + P B. 由此可知当 B、P 、P ′ 、C ′ 四点共线时, 为 P A + P B + P C 最小. ∵ P 、P ′ 、C 共线,△AP P ′是等边三角形, ∴∠AP ′C ′ = 120∘ . 同理,若 P 、P ′ 、C 共线时,则 △BP A = 120∘. ∴ P 点为满足 ∠AP C = ∠AP B = ∠AP ′C ′ = 120∘ 的点.

第二十三章 旋转章末复习小结(1)基本知识

第二十三章  旋转章末复习小结(1)基本知识
都不止一条.
课堂练习
4.直角坐标系中,点A(﹣3,4)与点B(3,﹣4)关于( C )
A.x轴轴对称B.y轴轴对称C.原点中心对称D.以上都不对
5.已知点P(2+m,n-3)与点Q(m,1+n)关于原点对称,则m-n
的值是( D )
A.1 B.-1
C.2
D.-2
课堂练习
6.如图,在边长为1的正方形组成的网格中,每个正方形的顶点称为
人教版.九年级上册
第二十三章 旋转章末复习小结(1 )
基本知识
学习目标
1.梳理本章的知识要点,回顾与复习本章知识; 2.进一步明确旋转、中心对称、中心对称图形的概念及性 质,并会作图; 3.能熟练说出一个点关于原点对称的坐标; 4.能灵活应用平移、旋转、轴对称变换进行图案设计,体 会数学的美感.
复习巩固 本章知识结构图
3.如图,将△ABC绕点A逆时针旋转90°能与△ADE重合,点D在 线段BC的延长线上,若∠BAC=20°,则∠AED的大小为( D )
A.135° B.125° C.120° D.115°
知识梳理
知识点2 中心对称有关概念 把一个图形绕着某一个点旋转 180° ,如果它能与另一个图形 重合,那么就说这两个图形成 中心对称 ,这个点叫做对称中心, 这两个图形中的对应点叫做关于中心的 对称点 . 知识点3 中心对称的性质
绕着某一点旋转180° 能够与另一个图形重合
对称点所连线段都经过对称中心, 而且被对称中心所平分。 中心对称的两个图形是全等图形。
图案设计 利用平移、轴对称、旋转进行图案设计
格点.已知△AOB的顶点均在格点上,建立如图所示的平面直角坐标
系,点A、B的坐标分别是A(3,2) 、B(1,3).

九年级数学上册第二十三章旋转全部重要知识点(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转全部重要知识点(带答案)

九年级数学上册第二十三章旋转全部重要知识点单选题1、如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,∠ACB=30°,将△ABC绕点C顺时针旋转60°得到△DEC,点A、B 的对应点分别是D,E,点F是边AC的中点,连接BF,BE,FD.则下列结论错误的是()A.BE=BC B.BF∥DE,BF=DEC.∠DFC=90°D.DG=3GF答案:D分析:根据旋转的性质可判断A;根据直角三角形的性质、三角形外角的性质、平行线的判定方法可判断B;根据平行四边形的判定与性质以及全等三角形的判定与性质可判断C;利用等腰三角形的性质和含30°角的直角三角形的性质可判断D.A.∵将△ABC绕点C顺时针旋转60°得到△DEC,∴∠BCE=∠ACD=60°,CB=CE,∴△BCE是等边三角形,∴BE=BC,故A正确;B.∵点F是边AC中点,∴CF=BF=AF=1AC,2∵∠BCA=30°,∴BA=1AC,2∴BF=AB=AF=CF,∴∠FCB=∠FBC=30°,延长BF交CE于点H,则∠BHE=∠HBC+∠BCH=90°,∴∠BHE=∠DEC=90°,∴BF//ED,∵AB=DE,∴BF=DE,故B正确.C.∵BF∥ED,BF=DE,∴四边形BEDF是平行四边形,∴BC=BE=DF,∵AB=CF,BC=DF,AC=CD,∴△ABC≌△CFD,∴∠DFC=∠ABC=90°,故C正确;D.∵∠ACB=30°,∠BCE=60°,∴∠FCG=30°,∴FG=1CG,2∴CG=2FG.∵∠DCE=∠CDG=30°,∴DG=CG,∴DG=2FG.故D错误.故选D.小提示:本题考查了旋转的性质,全等三角形的判定与性质,等边三角形的判定与性质,含30°角的直角边等于斜边的一半,以及平行四边形的判定与性质等知识,综合性较强,正确理解旋转性质是解题的关键.2、如图,Rt △ABC 中,∠ACB =90°,AC =2√3,BC =3.点P 为ΔABC 内一点,且满足PA 2+PC 2 =AC 2.当PB 的长度最小时,ΔACP 的面积是( )A .3B .3√3C .3√34D .3√32答案:D分析:由题意知∠APC =90°,又AC 长度一定,则点P 的运动轨迹是以AC 中点O 为圆心,12AC 长为半径的圆弧,所以当B 、P 、O 三点共线时,BP 最短;在RtΔBCO 中,利用勾股定理可求BO 的长,并得到点P 是BO 的中点,由线段长度即可得到ΔPCO 是等边三角形,利用特殊RtΔAPC 三边关系即可求解.解:∵PA 2+PC 2=AC 2∴ ∠APC =90°取AC 中点O ,并以O 为圆心,12AC 长为半径画圆由题意知:当B 、P 、O 三点共线时,BP 最短∴AO =PO =CO∵CO =12AC =12×2√3=√3,BC =3 ∴BO =√BC 2+CO 2=2√3∴BP =BO −PO =√3∴点P 是BO 的中点∴在RtΔBCO 中,CP =12BO =√3=PO ∴ ΔPCO 是等边三角形∴∠ACP=60°∴在RtΔAPC中,AP=CP×tan60°=3∴SΔAPC=12AP×CP=3×√32=3√32.小提示:本题主要考察动点的线段最值问题、点与圆的位置关系和隐形圆问题,属于动态几何综合题型,中档难度.解题的关键是找到动点P的运动轨迹,即隐形圆.3、已知⊙O的半径为7,AB是⊙O的弦,点P在弦AB上.若PA=4,PB=6,则OP=()A.√14B.4C.√23D.5答案:D分析:连接OA,过点O作OC⊥AB于点C,如图所示,先利用垂径定理求得AC=BC=12AB=5,然后在RtΔAOC中求得OC=2√6,再在RtΔPOC中,利用勾股定理即可求解.解:连接OA,过点O作OC⊥AB于点C,如图所示,则AC=BC=12AB,OA=7,∵PA=4,PB=6,∴AB=PA+PB=4+6=10,∴AC=BC=1AB=5,2∴PC=AC−PA=5−4=1,在RtΔAOC中,OC=√OA2−AC2=√72−52=2√6,在RtΔPOC中,OP=√OC2+PC2=√(2√6)2+12=5,故选:D小提示:本题考查了垂径定理及勾股定理的运用,构造直角三角形是解题的关键.4、如图,△ABC中,∠B=35°,∠BAC=70°,将△ABC绕点A旋转逆时针旋转α度(0<α<180)后得到△ADE,点E恰好落在BC上,则α=()A.30°B.35°C.40°D.不能确定答案:A分析:由三角形内角和求出∠C,由旋转的性质可得ΔAEC是等腰三角形,从而可得旋转角α大小.解:∵∠B=35°,∠BAC=70°,∴∠C=180°−∠B−∠BAC=75°,∵将ΔABC绕点A旋转逆时针旋转α度(0<α<180)后得到ΔADE,点E恰好落在BC上,∴AC=AE,∠CAE=α,∴∠AEC=∠C=75°,∴∠CAE=α=180°−∠AEC−∠C=30°,故选:A.小提示:此题考查了旋转的性质,等边对等角求角度,三角形的内角和定理,熟记旋转的性质及等腰三角形的性质是解题的关键.5、围棋起源于中国,古代称之为“弈”,至今已有4000多年的历史.2017年5月,世界围棋冠军柯洁与人工智能机器人AlphaGoi进行围棋人机大战截取首局对战棋谱中的四个部分,由黑白棋子摆成的图案是中心对称的是()A.B.C.D.答案:A分析:根据中心对称图形的定义:一个平面图形,绕一点旋转180°,与自身重合,这样的图形叫做中心对称图形.逐一进行判断即可.解:A、是中心对称图形,符合题意;B、不是中心对称图形,不符合题意;C、不是中心对称图形,不符合题意;D、不是中心对称图形,不符合题意;故选A.小提示:本题考查中心对称.熟练掌握中心对称的定义是解题的关键.6、如图,一块直角三角板ABC(∠A=60°)绕点C顺时针旋转到△A′B′C,当B,C,A′在同一条直线上时,三角板ABC旋转的角度为()A.150°B.120°C.60°D.30°答案:A分析:根据旋转的定义可得∠ACA′为旋转角,再根据三角形的外角性质即可得.解:由旋转得:∠ACA′为旋转角,∵∠ABC=90°,∠A=60°,∴∠ACA′=∠ABC+∠A=150°,即三角板ABC旋转的角度为150°,故选:A.小提示:本题考查了图形的旋转、三角形的外角性质,熟练掌握旋转的概念是解题关键.7、如图,将△ABC绕点A逆时针旋转55°得到△ADE,若∠E=70°且AD⊥BC于点F,则∠BAC的度数为()A.65°B.70°C.75°D.80°答案:C分析:由旋转的性质可得∠BAD=55°,∠E=∠ACB=70°,由直角三角形的性质可得∠DAC=20°,即可求解.解:∵将△ABC绕点A逆时针旋转55°得△ADE,∴∠BAD=55°,∠E=∠ACB=70°,∵AD⊥BC,∴∠DAC=20°,∴∠BAC=∠BAD+∠DAC=75°.故选C.小提示:本题考查了旋转的性质,掌握旋转的性质是本题的关键.8、下列几何图形中,是轴对称图形但不是中心对称图形的是()A.梯形B.等边三角形C.平行四边形D.矩形答案:B分析:根据轴对称图形和中心对称图形的定义以及性质对各项进行分析即可.A、梯形不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项说法错误;B、等边三角形是轴对称图形,但不是中心对称图形,故本选项说法正确;C、平行四边形不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项说法错误;D、矩形是轴对称图形,也是中心对称图形,故本选项说法错误.故选:B.小提示:本题考查了轴对称图形和中心对称图形的判断,掌握轴对称图形和中心对称图形的定义以及性质是解题的关键.9、如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠A=30°,BC=2,将△ABC绕点C顺时针旋转得到△A′B′C,其中点A′与点A是对应点,点B′与点B是对应点.若点B′恰好落在AB边上,则点A到直线A′C的距离等于()A.3√3B.2√3C.3D.2答案:C分析:如图,过A作AQ⊥A′C于Q,求解AB=4,AC=2√3,结合旋转:证明∠B=∠A′B′C=60°,BC=B′C,∠A′CB′=90°,可得△BB′C为等边三角形,求解∠A′CA=60°,再应用锐角三角函数可得答案.解:如图,过A作AQ⊥A′C于Q,由∠ACB=90°,∠A=30°,BC=2,∴AB=4,AC=√AB2−BC2=2√3,结合旋转:∴∠B=∠A′B′C=60°,BC=B′C,∠A′CB′=90°,∴△BB′C为等边三角形,∴∠BCB′=60°,∠ACB′=30°,∴∠A′CA=60°,∴AQ=AC·sin60°=2√3×√3=3.2∴A到A′C的距离为3.故选C小提示:本题考查的是旋转的性质,含30°的直角三角形的性质,勾股定理的应用,等边三角形的判定与性质,锐角三角函数的应用,作出适当的辅助线构建直角三角形是解本题的关键.10、如图,AB是⊙O的直径,OD垂直于弦AC于点D,DO的延长线交⊙O于点E.若AC=4√2,DE=4,则BC的长是()A.1B.√2C.2D.4答案:C分析:根据垂径定理求出OD的长,再根据中位线求出BC=2OD即可.设OD=x,则OE=OA=DE-OD=4-x.∵AB是⊙O的直径,OD垂直于弦AC于点,AC=4√2∴AD=DC=1AC=2√22∴OD是△ABC的中位线∴BC=2OD∵OA2=OD2+AD2∴(4−x)2=x2+(2√2)2,解得x=1∴BC=2OD=2x=2故选:C小提示:本题考查垂径定理、中位线的性质,根据垂径定理结合勾股定理求出OD的长是解题的关键.填空题11、如图所示的图案由三个叶片组成,绕点O旋转120°后可以和自身重合,若每个叶片的面积为4cm2,∠AOB=120°,则图中阴影部分的面积为__________.答案:4 cm2分析:根据旋转的性质和图形的特点解答.每个叶片的面积为4cm2,因而图形的面积是12cm2.∵图案绕点O旋转120°后可以和自身重合,∠AOB为120°,∴图形中阴影部分的面积是图形的面积的1,因而3图中阴影部分的面积之和为4cm2.故答案为4cm2.小提示:本题考查了图形的旋转与重合,理解旋转对称图形的定义是解决本题的关键.注:旋转对称图形的概念:把一个图形绕着一个定点旋转一个角度后,与初始图形重合,这种图形叫做旋转对称图形,这个定点叫做旋转对称中心,旋转的角度叫做旋转角.12、如图,在矩形ABCD中,AB=6,BC=8,O是矩形的对称中心,点E、F分别在边AD、BC上,连接OE、OF,若AE=BF=2,则OE+OF的值为__________.答案:2√13分析:如图,连接,AC,BD.过点O作OM⊥AD于点M交BC于点N.利用勾股定理,求出OE,可得结论.解:如图,连接,AC,BD.∵O 是矩形的对称中心,∴O 也是对角线的交点,过点O 作OM ⊥AD 于点M 交BC 于点N .∵四边形ABCD 是矩形,∴OA =OD =OB ,∵OM ⊥AD ,∴AM =DM =12AD =12BC =4,∴OM =12AB =3, ∵AE =2,∴EM =AM -AE =2,∴OE =√22+32=√13,同法可得OF =√13,∴OE +OF =2√13,所以答案是:2√13.小提示:本题考查中心对称,矩形的性质,勾股定理等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造直角三角形解决问题.13、如图,在正方形网格中,格点ΔABC 绕某点顺时针旋转角α(0<α<180°)得到格点ΔA 1B 1C 1,点A 与点A 1,点B 与点B 1,点C 与点C 1是对应点,则α=_____度.答案:90°分析:先连接CC1,AA1,作CC1,AA1的垂直平分线交于点E,连接AE,A1E,再由题意得到旋转中心,由旋转的性质即可得到答案.如图,连接CC1,AA1,作CC1,AA1的垂直平分线交于点E,连接AE,A1E,∵CC1,AA1的垂直平分线交于点E,∴点E是旋转中心,∵∠AEA1=90°,∴旋转角α=90°.故答案为90°.小提示:本题考查旋转,解题的关键是掌握旋转的性质.14、如图,在矩形ABCD中,AB=2√3,BC=6,点E是直线BC上的一个动点,连接DE,将线段DE绕着点D顺时针旋转120°得到线段DG,连接AG,则线段AG的最小值为_________.答案:√3分析:将线段DC绕点D顺时针旋转120°得到线段DC′,作直线GC′交AD于K,过点A作AH⊥GC′于点H.当点E在直线BC上运动时,G在直线GC′上运动,即点G的运动轨迹是直线GC′.当点G运动到H时,AG最小,最小值即为AH的长度,利用旋转的性质,根据“边角边”的判定方法可证明△DCE∥△DC′G,进而利用全等三角形的性质以及旋转性质可求出AG的最小值.解:如图所示,将线段DC绕点D顺时针旋转120°得到线段DC′,作直线GC′交AD于K,过点A作AH⊥GC′于点H.∵∠EDC=120°−∠EDC′=∠GDC′,CD=C′D,DE=DG,∴△DCE∥△DC′G(SAS)∴∠GC′D=∠C=90°=∠KC′D,如图所示,当点E在直线BC上运动时,G在直线GC′上运动,即点G的运动轨迹是直线GC′.∴当点G运动到H时,AG最小,最小值即为AH的长度.∵∠CDC′=120°,∠CDA=90°,∴∠KDC′=30°,∴C′K=12DK,∠C′KD=60°=∠AKH∵C′D=CD=AB=2√3,∴C′K=2,DK=4∵AD=BC=6∴AK=AD−DK=2在Rt△AKH中,∠AKH=60°∴KH=12AK=1,AH=√3KH=√3则线段AG的最小值为√3所以答案是:√3小提示:本题主要考查了矩形中的旋转变换,能够掌握旋转的性质以及正确作出辅助线找到点G的轨迹是解决本题的关键.15、如图,在△ABC中,AB=AC,∠ABC=30°,点D为BC的中点,将△ABC绕点D逆时针旋转得到△A′B′C′,当点A的对应点A′落在边AB上时,点C′在BA的延长线上,连接BB′,若AA′=1,则△BB′D的面积是____________.答案:3√34分析:先证明△A′AD是等边三角形,再证明A′O⊥BC,再利用直角三角形30°角对应的边是斜边的一般分别求出A′B′和A′O,再利用勾股定理求出OD,从而求得△BB′D的面积.解:如下图所示,设A′B′与BD交于点O,连接A′D和AD,∵点D为BC的中点,AB=AC,∠ABC=30°,∴AD⊥BC,A′D⊥B′C′,A′D是∠B′A′C′的角平分线,AD是∠BAC,∴∠B′A′C′=120°,∠BAC=120°∴∠BAD=∠B′A′D=60°∵A′D=AD,∴△A′AD是等边三角形,∴A′A=AD=A′D=1,∵∠BA′B′=180°−∠B′A′C′=60°,∴∠BA′B′=∠A′AD,∴A′B′//AD,∴A′O⊥BC,∴A′O=12A′D=12,∴OD=√1−14=√32∵A′B′=2A′D=2∵∠A′BD=∠A′DO=30°,∴BO=OD∴OB′=2−12=32,BD=2OD=√3,∴S△BB′D =12×BD×B′O=12×√3×32=3√34.小提示:本题考查等腰三角形、等边三角形和直角三角形的性质,证明△A′AD是等边三角形是解本题的关键.解答题16、如图1,D为等边△ABC内一点,将线段AD绕点A逆时针旋转60°得到AE,连接CE,BD的延长线与AC交于点G,与CE交于点F.(1)求证:BD=CE;(2)如图2,连接FA,小颖对该图形进行探究,得出结论:∠BFC=∠AFB=∠AFE.小颖的结论是否正确?若正确,请给出证明;若不正确,请说明理由.答案:(1)见解析;(3)正确,见解析分析:(1)根据旋转的性质可得AD=AE,∠DAE=60°,结合已知条件可得∠BAC=∠DAE,进而证明△ABD≌△ACE,即可证明BD=CE;(2)过A作BD,CF的垂线段分别交于点M,N,△ABD≌△ACE,BD=CE,由面积相等可得AM=AN,证明Rt△AFM≌Rt△AFN,进而证明∠BFC=∠AFB=∠AFE=60°解:证明:(1)如图1,∵线段AD绕点A逆时针旋转60°得到AE,∴AD=AE,∠DAE=60°,∵∠BAC=60°,∴∠BAC=∠DAE,∴∠BAD=∠CAE,在△ABD和△ACE中,{AB=AC∠BAD=∠CAEAD=AE,∴△ABD≌△ACE(SAS),∴BD=CE,(2)由(1)可知△ABD≌△ACE则∠ABD=∠ACE,又∵∠AGB=∠CGF,∴∠BFC=∠BAC=60°,∴∠BFE=120°,过A作BD,CF的垂线段分别交于点M,N,又∵△ABD≌△ACE,BD=CE,∴由面积相等可得AM=AN,在Rt△AFM和Rt△AFN中,,{AF=AFAM=AN∴Rt△AFM≌Rt△AFN(HL),∴∠AFM=∠AFN,∴∠BFC=∠AFB=∠AFE=60°.小提示:本题考查了三角形全等的性质与判定,旋转的性质,正确的添加辅助线找到全等三角形并证明是解题的关键.17、如图,在6×6的正方格中,中心点为点O,图中有4个小正方格被涂黑成“L形”.(1)用2B铅笔在图中再涂黑4格,使新涂黑的图形与原来的“L形”关于点O成中心对称,(2)用2B铅笔在图中再涂黑4格,使新涂黑的图形与原来的“L形”所组成的新图形既是轴对称图形、又是中心对称图形(要求画出三种).答案:(1)见解析(2)见解析分析:(1)根据中心对称图形的定义画出图形;(2)根据轴对称图形,中心对称图形的定义画出图形即可.(1)解:图形如图所示:(2)图形如图所示:小提示:本题考查作图−应用与设计作图,利用轴对称,中心对称设计图案等知识,解题的关键是掌握中心对称图形,轴对称图形的定义.18、如图,平面直角坐标系中,△ABC的三个顶点的坐标分别为A(﹣1,﹣2),B(﹣2,﹣4),C(﹣4,﹣1).(1)在平面直角坐标系中画出与△ABC关于点P(1,0)成中心对称的△A'B'C',并分别写出点A',B',C'的坐标;(2)如果点M(a,b)是△ABC边上(不与A,B,C重合)任意一点,请写出在△A'B'C'上与点M对应的点M'的坐标.答案:(1)△A'B'C'见解析,A′(3,2),B′(4,4),C′(6,1);(2)M′(2−a,−b).分析:(1)分别作出A,B,C的对应点A′、B′、C′,然后顺次连接可得△A'B'C',再根据所作图形写出坐标即可.(2)利用中点坐标公式计算即可.解:(1)△A'B'C'如图所示,A′(3,2),B′(4,4),C′(6,1);(2)设M′(m,n),则有a+m2=1,b+n2=0,∴m=2−a,n=−b,∴M′(2−a,−b).小提示:本题考查作图−中心对称,解题的关键是熟练掌握中心对称的性质,正确找出对应点位置.。

第二十三章旋转 单元测试 2022-2023学年九年级上册数学人教版

第二十三章旋转 单元测试 2022-2023学年九年级上册数学人教版

第二十三章旋转(单元测试)2022-2023学年九年级上册数学人教一、单选题(本大题共12小题,每小题3分,共36分)1.在学习了平移、旋转、轴对称变换知识后,老师要求同学们在智能俄罗斯方块游戏拼图操作中理解、体会、感悟知识的灵活运用.如图所示的方块拼图游戏中,已拼好了部分图案,现又出现一小方格体正向下运动,为了使移动的小方格与下方图案拼接成一个完整图案,使所有图案自动消失,你的正确操作是( )A .顺时针旋转90°,向右平移B .逆时针旋转90°,向右平移C .顺时针旋转90°,向下平移D .逆时针旋转90°,向下平移2.以图(1)(以O 为圆心,半径为1的半圆)作为“基本图形”,分别经历如下变换,不能得到图(2)的是( )A .绕着OB 的中点旋转180°即可 B .先绕着点O 旋转180°,再向右平移1个单位C .先以直线AB 为对称轴进行翻折,再向右平移1个单位D .只要向右平移1个单位3.平面直角坐标系中,O 为坐标原点,点A 的坐标为()5,1-,将OA 绕原点按逆时针方向旋转90︒得OB ,则点B 的坐标为( )4.如图,在AOB 中,2AO =,3BO AB ==.将AOB 绕点O 逆时针方向旋转90︒,得到A OB ''△,连接AA '.则线段BB '的长为( )A.2 B .C .3 D .5.如图,AB 是半圆O 的直径,以弦AC 为折痕折叠AC 后,恰好经过点O ,则AOC ∠等于( )A .120°B .125°C .130°D .145°6.如图,点A 的坐标为()0,2,点B 是x 轴正半轴上的一点,将线段AB 绕点A 按逆时针方向旋转60°得到线段AC .若点C 的坐标为(),3m ,则m 的值为( )A B C D .37.下列命题是真命题的是( )C .等边三角形是中心对称图形D .旋转改变图形的形状和大小8.已知O 的直径10cm CD =,AB 是O 的弦,AB CD ⊥,垂足为M ,且8cm AB =,则AC 的长为( ) A .5cm B .3cm C .25cm 或45cm D .23cm 或3cm9.如图,已知△ABC 中,∠CAB =20°,∠ABC =30°,将△ABC 绕A 点逆时针旋转50°得到△AB ′C ′,以下结论:∠BC =B ′C ′,∠AC ∠C ′B ′,∠C ′B ′∠BB ′,∠∠ABB ′=∠ACC ′,正确的有( )A .∠∠∠B .∠∠∠C .∠∠∠D .∠∠∠10.如图,在Rt ABC 中,90,30,2ACB A BC ∠=︒∠=︒=,将ABC 绕点C 顺时针旋转得到A B C ''△,其中点A '与点A 是对应点,点B '与点B 是对应点.若点B '恰好落在AB 边上,则点A 到直线A C '的距离等于( )A .33B .3C .3D .211.如图,在等边ABC 中,D 是AC 上一动点,连接BD ,将BCD △绕点B 逆时针旋转60°得到BAE ,连接ED ,若10BC =,则AED △的周长的最小值是( )12.如图,在正方形ABCD中,4BF=,将点E绕着点F顺时针AB=,E为AB边上一点,点F在BC边上,且1旋转90°得到点G,连接DG,则DG的长的最小值为()A.2B.C.3D二、填空题(本大题共8小题,每小题3分,共24分)13.点A(1,-5)关于原点的对称点为点B,则点B的坐标为______.14.如图,某圆弧形拱桥的跨度AB=20m,拱高CD=5m,则该拱桥的半径为_______m.15.如图,在Rt∠ABC中,∠ACB=90°,AC BC==D为AB的中点,点P在AC上,且CP=1,将CP 绕点C在平面内旋转,点P的对应点为点Q,连接AQ,DQ.当∠ADQ=90°时,AQ的长为______.16.若点P (a -1,5)与点Q (5,1-b )关于原点成中心对称,则a +b =___.17.如图,△ABC 中,在同一平面内,将△ABC 绕点A 旋转到△AB ′C ′的位置,使得CC ′∥AB ,∠BAB ′=44º,则∠CAB =_________º.18.如图,O 的直径AB 与弦CD 相交于点P ,且45APC ∠=︒,若2232PC PD +=,则O 的半径为______.19.如图,在∠ABC 中,∠ACB =50°,将∠ABC 绕点C 逆时针旋转得到∠DEC (点D 、E 分别与点A 、B 对应),如果∠ACD 与∠ACE 的度数之比为3:2,当旋转角大于0°且小于180°时,旋转角的度数为 _____.20.如图,在矩形ABCD 中,BC =2AB ,点P 为边AD 上的一个动点,线段BP 绕点B 顺时针旋转60°得到线段BP ',连接PP ' ,CP '.当点P ' 落在边BC 上时,∠PP 'C 的度数为________; 当线段CP ' 的长度最小时,∠PP 'C 的度数为________三、解答题(本大题共5小题,每小题8分,共40分)21.如图,点A 在射线OX 上,OA a =.如果OA 绕点O 按逆时针方向旋转(0360)<≤︒n n 到OA ',那么点A '的位置可以用(),︒a n 表示.(1)按上述表示方法,若3a =,37n =,则点A '的位置可以表示为______;(2)在(1)的条件下,已知点B 的位置用()3,74︒表示,连接A A '、A B '.求证:A A A B ''=.22.在Rt ABC 中,90ABC ∠=︒,30ACB ∠=︒,将ABC 绕点C 顺时针旋转一定的角度α得到DEC ,点A 、B 的对应点分别是D 、E .(1)当点E 恰好在AC 上时,如图1,求ADE ∠的大小;(2)若60α=︒时,点F 是边AC 中点,如图2,求证:四边形BEDF 是平行四边形(请用两组对边分别相等的四边形是平行四边形)23.在平面直角坐标系xOy 中,ABC 的顶点坐标分别是()2,2A -,()3,2B --,()1,0C -.(1)按要求画出图形:∠将ABC 向右平移6个单位得到111A B C △;∠再将111A B C △绕点1A 顺时针旋转90°得到22A B C 1△;(2)如果将(1)中得到的22A B C 1△看成是由ABC 经过以某一点M 为旋转中心旋转一次得到的,请写出M 的坐标.24.如图,等腰Rt ABC 中,90,BAC AB AC ∠=︒=,点P 为射线BC 上一动点(不与点B 、C 重合),以点P 为中心,将线段PC 逆时针旋转α角,得到线段PQ ,连接AP BQ 、、M 为线段BQ 的中点.(1)若点P 在线段BC 上,且M 恰好也为AP 的中点,BP(2)写出一个α的值,使得对于任意线段BC 延长线上的点P ,总有AP PM 的值为定值,并证明;25.在《折叠圆形纸片》综合实践课上,小东同学展示了如下的操作及问题:(1)如图1,1O 的半径为4cm ,通过折叠圆形纸片,使得劣弧AB 沿弦AB 折叠后恰好过圆心1O ,求AB 长;(2)如图2,2O C ⊥弦AB ,垂足为点C ,劣弧AB 沿弦AB 折叠后经过2O C 的中点D ,10cm AB =,求O 的半径.参考答案:1.A2.D3.B4.D5.A6.C7.B8.C9.B10.C11.C12.C13.(-1,5) 14.12.5 1551316.217.6818.419.30︒或150︒20. 120° 75°21.(1)(3,37°)(2)222.(1)15ADE ∠=︒(2)见解析23.(1)∠;∠(2)M (1,-1)24.(1)∠;21α︒,(2)=9025.(1)(2)答案第3页,共1页。

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第二十三章
旋转知识点总结,经典例题,单元测试

1.旋转:把一个平面图形绕着平面内某一点0转动一个角度,就叫做图形的旋转。

点0叫做旋转中心,旋动的角叫做旋转角。

旋转方向:顺时针和逆时针。

2.旋转的特征:(旋转不改变图形的大小和方向)
(1)对应点到旋转中心的距离相等。

(2)对应点与旋转中心所连线段的夹角都等于旋转角。

(3)旋转前、后的图形全等。

3.旋转对称图形:一个图形绕着某一动点转动一定的角度后能与自身完全重合,这种图形称为旋转对称图形,绕着转动的这一点,称为旋转中心。

注:结合旋转对称图形的定义知:正三角形绕其中心旋转1200后能与自身完全重合,故正三角形是旋转对称图形;正方形绕其对角线的交点(旋转中心)旋转900后能与自身完全重合,故正方形是旋转对称图形。

一般的正n(n≥3)变形是旋转对称图形,那么最少旋转时,能与自身完全重合。

4.设计旋转对称图形:
(1)确定旋转中心、旋转角度和旋转方向;这是旋转的三要素。

(2)确定图形中的关键点;
(3)将这些关键点绕旋转中心绕指定方向旋转指定的角度。

(4)顺次连接新关键点,得到所求图形。

旋转的定义:
【例1】如图,如果把钟表的指针看做三角形OAB,它绕O点按顺时针方向旋转得到△OEF,在这个旋转过程中:
1.旋转中心是什么?旋转角是什么?
2.经过旋转,点A、B分别移动到什么位置?
【例2】如图所示,⊿ABC 和⊿ADE 都是等腰直角三角形,∠ACB 和∠AED 都是直角,点C 在AD 上,如果⊿ABC 经旋转后能与⊿ADE 重合,那么哪一点是旋转中心?旋转角度是多少?并指出对应点。

C
B
D
E
A
M D
B
C E
A
N
练一练:如图所示,⊿ABC 是等腰三角形,∠ACB=900
,D 是AB 边上一点,⊿CBD 经逆时针旋转后到达⊿CAE 的位置,则旋转中心是 ,旋转角度是 ,点B 的对应点是 ,点D 的对应点是 ,线段CB 的对应线段是 ,线段CD 的对应线段是 ,∠CBD 的对应角是 ,如果点M 是线段BC 的中点,点N 是线段AC 的中点,那么经过上述旋转之后,点M 旋转到了 。

如果连接DE ,则⊿ECD 是什么三角形? 【例3】 根据图回答下面问题。

1.线段OA 与OA ′,OB 与OB ′,OC 与OC ′有什么关系? 2.∠AOA ′,∠BOB ′,∠COC ′有什么关系? 3.△ABC 与△A ′B ′C ′形状和大小有什么关系? 综合以上得出:
(1)对应点到旋转中心的距离相等;
(2)对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角; (3)旋转前、后的图形全等.
旋转对称图形:
【例1】如图所示,它由哪个“基本图形”旋转得到的?旋转中心是哪里?旋转了多少度?
j
D
E
F
C
G
H
F
G
A
B
D
C
E
H
【例2】如图,四边形ABCD 、四边形EFGH 都是边长为1的正方形. 1.这个图案可以看做是哪个“基本图案”通过旋转得到的?
2.请画出旋转中心和旋转角.
3.指出,经过旋转,点A、B、C、D分别移到什么位置?
旋转作图:
【例1】请画出⊿ABC绕点0顺时针旋转450,后的图形。

C
A
0O
C
B
A 0
C
B
A
练一练:请画出四边形ABCD绕点0逆时针旋转600后的图形。

请画出⊿ABC绕点0顺时针旋转900,后的图形。

从上面的作图题中,我们知道,作图应满足三要素:旋转中心、旋转角、对应点,而旋转中心、旋转角固定下来,对应点就自然而然地固定下来.因此,下面就选择不同的旋转中心、不同的旋转角来进行研究.
1.旋转中心不变,改变旋转角
下图所示的四边形ABCD以O点为中心,旋转角分别为30°、60°的旋转图形.
2.旋转角不变,改变旋转中心
以下所示图形,四边形ABCD分别为O、O为中心,旋转角都为30•°的旋转
图形.
因此,从以上的画图中,我们可以得到旋转中心不变,改变旋转角与旋转角不变,改变旋转中心会产生不同的效果,所以,我们可以经过旋转设计出美丽的图案.
【例2】如图,正方形网格中,△ABC 为格点三角形(顶点都是格点),将△ABC
绕点A 按逆时针方向旋转90°得到11AB C △.(1)在正方形网格中,作出11AB C △;(不要求写作法)
【例3】如图所示,每个小方格都是边长为1的正方形,以O 点为坐标原点建立平面直角
坐标系.
1.画出四边形OABC 关于y 轴对称的四边形OA 1B 1C 1,并写出点B 1的坐标是 .
2.画出四边形OABC 绕点O 顺时针方向旋转90°后得到的四边形OA 2B 2C 2。

练一练:如图,四边形ABCD 是边长为1的正方形,且DE=1
4
,△ABF 是△ADE
的旋转图形.
1.旋转中心是哪一点?
2.旋转了多少度?
3.AF 的长度是多少?
4.如果连结EF ,那么△AEF 是怎样的三角形?
1.在平面直角坐标系中,点A 的坐标为(1,4),将线段O A 绕点O 顺时针旋转90°得到线段OA′,则点A′的坐标是 .
2.如图所示,图①沿逆时针方向旋转90°可得到图________;图①按顺时针方向至少旋转______________度可得图③.
3.如图,在正方形ABCD 中,E 是AD 的中点,F 是BA 延长线上的一点,若AF=0.5AB,则可通过 (填“平移”、“旋转”、“轴对称”)变换,使三角形ABE 变换到三角形ADF 的位置;且线段BE 、DF 的数量关系是 .
4.如图,以点
为为旋转中心,将∠1按顺时
针方向旋转100°,得到∠2.若∠1=40°, 则∠2= 度.
5.如图,将左边的矩形绕点B 旋转一定角度后,位置如右边的矩形,则∠ABC= . 6. 如图,一块等边三角形木板ABC 的边长为1,现将木板沿水平线翻转(绕一个点旋转), 那么A 点从开始到结束所走的路径长度为 .
7. 如图,在△ABC 中,AB =AC ,若将△ABC 绕点C 顺时针旋转180°得到△FEC .则 AE 与BF 的关系是____________;若△ABC 的面积为3cm 2,则四边形ABFE 的面积是 ___________;当∠ACB 为______________度时,四边形ABFE 为矩形。

8.如图,四边形EFGH 是由四边形ABCD 经过旋转得到的.如果用有序数对(2,1)表示 方格纸上A 点的位置,用(1,2)表示B 点的位置,那么四边形ABCD 旋转得到四边形EFGH
时的旋转中心用有序数对表示是 .
9.如图,四边形ABCD 是正方形,△ADE 旋转后能与△ABF 重合.则旋转中心是 ,旋转角
等于 度,如果连接EF ,那么△AEF 是 三角形。

10.如图,P 是等边三角形ABC 内的一点,且68PA PB ==,,10PC =.
若将PAC △ 绕点A 逆时针旋转后,得到P AB '△,则点P 与点P '之间的距离为 .
11.如图所示,ABC ∆绕点A 旋转了050后到了'''C B A ∆的位置,
若0'33=∠B ,0
56=∠C , 则________'
=∠AC B .
12.如图,画出已知图形关于点O 的对称图形.
13.如图所示,方格纸中的每个小方格都是边长为1个单位长度的正方形,在建立平面直角
坐标系后,
△ABC 的顶点均在格点上.
(1)把△ABC 向上平移5个单位后得到对应的△A 1B 1C 1,画出△A 1B 1C 1, (2)以原点O 为对称中心,再画出与△A 1B 1C 1关于原点O 对称的△A 2B 2C 2,。

A
C D
O
A B
C
O
x
y。

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