江苏省盐城市一中射阳中学等五校2021学年高二物理上学期期中联考试题选修.doc

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2021年高二物理上学期期中联考试题(含解析)新人教版

2021年高二物理上学期期中联考试题（含解析）新人教版一、选择题（本题共10小题，每小题5分，满分50分．第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多个选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分）1．（5分）下述说法正确的是（）A．根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹考点：电场强度；点电荷的场强；电场的叠加．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，不能简单从数学理解．E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但大小不一定比分场强大．电场线与运动轨迹不是一回事．解答：解：A、E由电场本身决定，与F、q无关．故A错误．B、E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．故B正确．C、场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但不一定比分场强大，也可能相等，也可能比分场强小．故C错误．D、电场线表示电场的强弱和方向，与电荷的轨迹不一定重合．故D错误．故选B．点评：本题考查对场强两个公式的理解能力，要注意区分试探电荷还是场源电荷，电场强度与场源电荷有关，与试探电荷无关．2．（5分）两个放在绝缘架上的相同金属球相距10m，球的半径为0.1m，分别带﹣q和+3q的电荷量，相互作用的静电力为F．现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的静电力将变为（）A．B．C．2F D．3F考点：库仑定律．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：将两小球充分接触后，两球所带的电量平分，比较简单，直接代入库仑定律的公式即可．解答：解：开始时，根据库仑定律得：，将这两个金属球接触再分开，它们的电量：，使两金属球仍放回原处，，故选项A正确．故选：A．点评：该题考查库仑定律的简单计算，只有把数据代入公式就可以了．该题是基础题目，很简单．3．如图为三个门电路符号，A输入端全为“1”，B输入端全为“0”．下列判断正确的是（）A．甲为“非”门，输出为“1”B．乙为“与”门，输出为“0”C．乙为“或”门，输出为“1”D．丙为“与”门，输出为“1”考点：简单的逻辑电路．.专题：恒定电流专题．分析：基本逻辑门电路的输入输出，非门当输入1时，输出0，当输入0时，输出1；或门当输入1、0时，输出1；与门当输入1、0时，输出0．解答：解：A、甲为“非”门电路，当输入1时，输出0，故A错误B、乙为“或”门电路，当输入1、0时，输出1，故B错误C、乙为“或”门电路，当输入1、0时，输出1，故C正确D、丙为“与”门电路，当输入1、0时，输出0，故D错误故选C点评：考查了基本逻辑门电路的输入输出逻辑关系，理解逻辑原理．4．（5分）磁电式电流表（表头）最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程．已知某一表头G，内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=5mA，要将它改装为量程0～3A的电流表，所做的操作是（）A．串联一个570Ω的电阻B．并联一个570Ω的电阻C．串联一个0.05Ω的电阻D．并联一个0.05Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：把电流表改装成大量程电流表，应给电流表并联一个电阻，阻值R并=，I 为量程．解答：解：改装成电流表是要扩大电流的量程，使用并联电路的分流原理；要并联的阻值为：R并===0.05Ω；故选：D．点评：改装成电流表要并联电阻分流，电阻值等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻．5．（5分）（xx•松江区二模）在如图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为（）A．A灯和B灯都变亮B．A灯、B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗D．A灯变暗，B灯变亮考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：从图可知，滑动变阻器与灯泡B并联，然后跟另一电阻串联，再和灯泡A并联，首先判断滑动变阻器电阻的变化情况，然后根据串联电路中电阻的特点，得出总电阻变化情况．由于电压一定，由欧姆定律可知电路中电流表的变化及电压表示数的变化．判断灯泡的亮度应依据灯泡的实际功率，由于灯泡的电阻不变，可利用公式P=I2R判断灯泡实际功率的变化．解答：解：当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小，所以总电阻变小，总电流变大，所以电源内阻的电压变大，所以A灯的电压变小，根据可知A的功率变小，故A灯变暗；由I=可知A的电流变小，而总电流变大，所以通过另一支路的电流变大，所以另一个电阻的电压变大，故灯泡B的电压变小，根据可知B的功率变小，故B灯变暗．故选B．点评：本题考查的是滑动变阻器对电路中电流、电压的调节情况，分析清楚电路结构、根据滑动变阻器阻值的变化，判断B与并联电路电压的变化情况，熟练应用功率公式是正确解题的关键．6．（5分）如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线上距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度E的大小、电势φ高低的比较，正确的是（）A．E A=E C＞E B，φA=φC＞φB B．E B＞E A＞E C，φA=φC＞φBC．E A＜E B，E A＜E C，φA＞φB，φA＞φC D．E A＞E B，E A＞E C，φA＞φB，φA＞φC考点：电场线；电势能．.分析：电场线越密的地方，电场强度越强．沿着电场线方向电势降低．通过电场线的分布进行判断．解答：解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则E B ＞E A＞E C；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势．所以φA=φC＞φB．故B正确，A、C、D 错误．故选：B．点评：虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以体现电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直．7．（5分）如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变B．尘埃仍静止C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．.专题：电容器专题．分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．解答：解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．CD、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析．8．（5分）如图，甲图中虚线是点电荷产生电场的等势面，乙图是匀强电场．电场中各有两点，则（）A．甲图中两点的E相同，φ也相同B．乙图中两点的E相同，φ不相同C．甲图中，带电粒子在两点间移动，电场力做功为零D．乙图中，带电粒子在两点间移动，电场力做功为零考点：等势面．.分析：场强是矢量，有大小又有方向，场强相同，既要看大小，也要看方向．电场力做功，根据公式W=qU，可知跟两点间的电势差有关系，两点间电势差为零，不做功．解答：解：A、场强是矢量，甲图中两点的场强大小相等，但方向不同．故A错误；B、乙图是匀强电场，所以两点的场强大小相等，方向也相同，但沿着电场线电势要降低，故两点的电势不等．故B正确；C、甲图中两点在同一个等势面上，在同一等势面上移动电荷，电场力不做功．故C正确．D、乙图中两点的电势不等，有电势差，根据W=qU在两点间移动电荷，电场力要做功．故D错误．故选：BC．点评：根据电场的对称性，电场线与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低，可以分析解决本题．9．（5分）某电场的电场线的分布如图所示．一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点．则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度大C．粒子在M点的电势能大D．粒子在N点的速度大考点：电势能．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，故A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，故B错误；C、从M点到N点，静电力方向先与速度方向成锐角，电场力做正功，电势能减小，粒子的速度增大，故CD正确；故选：CD．点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．10．（5分）如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V 12W”字样，电动机线圈的电阻R M=0.5Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）A．电动机的输入功率是12W B．电动机的输出功率是12WC．电动机的热功率是2W D．整个电路消耗的电功率是22W考点：电功、电功率．.专题：恒定电流专题．分析：A、电动机的输入功率P=U1I，根据灯泡正常发光求出电流，电动机两端的电压等于输入电压减去灯泡的电压．B、电动机的输出功率．D、整个电路消耗的功率P总=UI．解答：解：A、电动机两端的电压U1=U﹣U L=12﹣6V=6V，整个电路中的电流I=，所以电动机的输入功率P=U1I=6×2W=12W．故A正确．B、电动机的热功率，则电动机的输出功率．故B错误，C正确．D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D错误．故选AC．点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率以及知道整个电路消耗的功率P总=UI．二、实验题（本题共3小题，共18分）11．（6分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图（甲）所示，则金属丝的直径d= 2.935（2.934﹣2.937）mm．另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测量一工件的长度，测得的结果如图（乙）所示，则该工件的长度L= 14.50 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．.专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，两种仪器读数时均可采用公式法，即：主尺读数+副尺读数．解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数2.5mm，可动刻度读数为0.01×43.5=0.435mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数=2.5+0.435=2.935mm，由于需要估读，因此在范围2.934﹣2.937mm内均正确．游标卡尺的主尺读数为1.4cm=14mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数=14mm+0.50mm=14.50mm；故答案为：2.935（2.934﹣2.937），14.50．点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12．（4分）（xx•上海模拟）要用多用电表直接测量一个定值电阻的阻值（约为20～30Ω）．如图为多用电表的示意图，请在横线上填完具体操作步骤：a．将多用电表的选择开关旋转到电阻“×1”（选填“×1”、“×10”、“×100”或“×1K”）挡．b．将红、黑表笔分别插入“+”“一”插孔，笔尖相互接触，旋转欧姆调零旋钮；使表针指在右（选填“右”或“左”）端的“O”刻度位置．c．将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，读出相应的示数．考点：用多用电表测电阻．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：使用多用电表测电阻时，先选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，最后测电阻，欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数．解答：解：a、将多用电表的选择开关旋转到电阻“×1”挡．b、将红、黑表笔分别插入“+”“一”插孔，笔尖相互接触，旋转欧姆调零旋钮；使表针指在右端的“O”刻度位置．故答案为：a、选择开关；×1；b、欧姆调零旋钮；右．点评：本题考查了欧姆表的使用方法，掌握多用电表的使用方法及注意事项即可正确解题．13．（8分）某同学采用如图所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势为1.5V 左右，内阻为2Ω左右，电压表（0﹣3V，3kΩ），电流表（0﹣0.6A，1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．（1）在实验中滑动变阻器应选用R1（填“R1”或“R2”）（2）在图乙中用笔划代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U﹣I图象，由图可较准确地求出电源电动势E= 1.55 V；内阻r= 1.97 Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据题目中给出的条件可以得出应选择的滑动变阻器的大小；（2）已知原理图，则由原理图依次将各元器件串接，再将电压表并联即可；（3）U﹣I图象中图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示电源的内阻．解答：解：（1）由题意可知，电源的电动势为1.5V，电流表量程为0～0.6A，为了准确测量，滑动变阻器阻值不能太大，故只能选择R1；（2）将电源、开关、电流表及滑动变阻器串联，再将电压并联在电源两端；注意电表的正负极的接法；（3）U﹣I图象中图象与纵坐标的交点为电源的电动势；故电源的电动势为1.55V；图象的斜率表示物体的r==1.97Ω；故答案为：（1）R1；（2）如上图；（3）1.97．点评：本题考查测量电动势和内电阻，要注意明确数据的处理采用图象方法，应熟练掌握！三、计算题（本大题共有3个小题，共32分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位．）14．（10分）如图所示，平行金属带电极板MN为匀强电场，N板接地，其电势φ=0V，两板间距为10cm．将电量为4×10﹣6C的负点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10﹣4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功4×10﹣4J，求：（1）U MN等于多少伏？（2）A点的电势φA为多少？（3）板间的电场强度E为多少？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．.分析：（1）根据W MN=qU MN可求出点M、N间的电势差，即可求出U MN；（2）根据W AN=qU AN可求出点A、N间的电势差，N板接地电势为零，即可求出A点的电势；（3）根据U=Ed可求得板间的电场强度．解答：解：（1）点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10﹣4 J，则点电荷从M板移到A点电场力做正功8×10﹣4 J，从A点移到N板电场力做正功4×10﹣4J，则从M板移到N板电场力做的总功W MN=W MA+W AN=8×10﹣4+4×10﹣4J=12×10﹣4J根据W MN=qU MN可知，U MN==V=﹣300V（2）把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10﹣4 J，根据W AN=qU AN可得：U AN==V=﹣100v又有U AN=φA﹣φN，N板接地，φN=0则φA=﹣100v（3）根据U=Ed可知，E==V/m=3000V/m，方向为：由M指向N．答：（1）U MN等于﹣300V；（2）A点的电势φA为﹣100V；（3）板间的电场强度E为3000V/m，方向为：由M指向N．点评：解决本题需理解W=qU，U=Ed公式的用法，根据U AB=ΦA﹣ΦB可判断A、B之间电势的高低．15．（10分）水平如图所示电路中，电源电动势E=15V，内电阻r=1Ω，R1=R3=10Ω，R2=4Ω，电压表和电流表均为理想电表，试求：（1）当电键K断开时，电压表的读数和R1消耗的功率？（2）当电键K闭合时，电流表和电压表的读数？（3）当电键K闭合时，电源的总功率及输出功率各为多少？考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：（1）当电键断开时，R1R2串联组成闭合回路，由串联电路的特点及功率公式即可求解；（2）当K闭合时，R1R3并联后与R2串联组成闭合回路，根据串并联关系及功率公式即可求解；解答：解：（1）当S断开时有电流表读数=1A，电压表读数U=IR2=1×4=4V，R1消耗的功率P=I2R1=1×10=10W（2）当S闭合时，通过R2的电流，则电流表的读数电压表的读数为U′=E﹣I′r=15﹣1.5×1=13.5V（3）电源总功率P总=I′E=15×1.5=22.5W电源输出功率答：（1）当电键K断开时，电压表的读数为4V，R1消耗的功率为10W；（2）当电键K闭合时，电流表的读数为13.5V，电压表的读数为0.75A；（3）当电键K闭合时，电源的总功率为22.5W，输出功率为20.25W．点评：本题考查了电阻的并联特点，关键是根据串、并联电路的特点判断两开关的状态．16．（12分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小．（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．根据板长和初速度求出时间．根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量．精品文档实用文档（3）电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L 2，分速度等于v 0，求出匀速运动的时间．竖直方向：分速度等于v y ，由y=v y t 求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解．解答：解：（1）设电子经电压U 1加速后的速度为v 0，根据动能定理得：e U 1=，解得：（2）电子以速度v 0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E ，电子在偏转电场运动的时间为t 1，电子的加速度为a ，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1．根据牛顿第二定律和运动学公式得：a=，又E=，得a=水平方向：t 1=，竖直方向：y 1=，解得：y 1=（3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ．根据运动学公式得：v y =at 1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2，电子打到荧光屏上的侧移量为y 2，如图所示t 2=，y 2=v y t 2解得：y 2=P 到O 点的距离为 y=y 1+y 2=答：（1）电子穿过A 板时的速度大小为；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量y 1=；（3）P 点到O 点的距离y 2=．点评：带电粒子在电场中类平抛运动的研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解．第（3）问也可以利用三角形相似法求解．-29682 73F2 珲V32361 7E69 繩34955 888B 袋20752 5110 儐23877 5D45 嵅31106 7982 禂40313 9D79 鵹D}424770 60C2 惂zg。

2021年高二物理上学期期中试题(中校区)(选修)新人教版

2021年高二物理上学期期中试题（中校区）（选修）新人教版试卷说明：本场考试时间100分钟。

试卷总分120分一、单项选择题。

本题共6小题，每小题 3 分，共18分。

每小题只有一个选项符合题意，选对的得3分，选错或不答的得0分。

1．在赤道上，地磁场可以看做是沿南北方向并且与地面平行的匀强磁场，磁感应强度是5×10－5T.如果赤道上有一条沿东西方向水平放置的直导线，长40 m，载有20 A的电流，地磁场对这根导线的作用力大小是 ( )A．4×10－2NB．4×10－8NC．9×10－4ND．2.5×10－5N2．下列说法中正确的是（）A．带电粒子速度方向与磁场不垂直时，粒子所受洛伦兹力方向也不垂直于磁场B．带电粒子在磁场中运动时，只有当其轨迹为圆时才有洛伦兹力不对带电粒子做功C．不论带电粒子在磁场中做何运动，洛伦兹力均不对带电粒子做功D．因为洛伦兹力对运动电荷不做功，因此带电粒子在磁场中运动时，它的速度不发生变化3. 一节干电池的电动势为1.5V，表示该电池 ( )A．一定有1.5J的化学能转变成电能B．在工作状态下两极间的电压恒定为1.5VC．电动势可随外电路的变化而变化D．将+1C电量由负极输送到正极过程中，非静电力做了1.5J的功4．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒构成，其间留有空隙，D形盒和电源相连接，两盒垂直放在匀强磁场中，下列说法正确的是（）A．两个D形盒可接直流电源B．离子从磁场中获得能量C．离子从电场中获得能量D．随着离子速度的增大，离子在D形盒中运动的周期将变短5．小亮家有一台电风扇，内阻为20 Ω，额定电压为220 V，额定功率为66 W，将它接上220 V电源后，发现因扇叶被东西卡住不能转动．则此时电风扇消耗的功率为( )A．66 WB．2 420 WC．11 WD．不确定6．初速为v0的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则 ( )A．电子将向左偏转，半径越来越小B．电子将向左偏转，半径越来越大C．电子将向右偏转，半径越来越小D．电子将向右偏转，半径越来越大二、多项选择题。

2024届江苏省射阳中学物理高二上期中综合测试模拟试题含解析

2024届江苏省射阳中学物理高二上期中综合测试模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、测定压力变化的电容式传感器如图所示，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器．可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容．现将此电容式传感器连接到如图所示的电路中，当待测压力增大时（）A．电容器的电容将减小B．电阻R中没有电流C．电阻R中有从a流向b的电流D．电阻R中有从b流向a的电流2、如图所示，以O点为圆心，以R＝0.20 m为半径的圆与坐标轴交点分别为a、b、c、d，该圆所在平面内有一匀强电场，场强方向与x轴正方向成θ＝60°角，已知a、b、c三-V，则下列说法正确的是( )点的电势分别为43V、4 V、43A．该匀强电场的场强E＝3B．该匀强电场的场强E＝80 V/m-VC．d点的电势为3D．d点的电势为－4 V粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，改微粒将A．保持静止状态B．向左上方做匀加速运动C．向正下方做匀加速运动D．向左下方做匀加速运动4、平行板电容器的两极板A、B接于电源两极，两极板竖直、平行正对，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，则下列说法正确的是()A．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ减小B．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大D．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变5、如图所示，在竖直放置间距为d的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场．有一质量为m，电荷量为q+的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为g．则点电荷运动到负极板的过程A．加速度大小为qEa gm=+B．所需的时间为dm t=C ．下降的高度为 2d y =D ．电场力所做的功为 W Eqd =6、图中的四幅图展示了某同学做引体向上运动前的四种抓杠姿势，其中手臂受力最小的是A ．B ．C ．D ．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

江苏省盐城中学高二物理上学期期中试题（必修）(1)

江苏省盐城中学2021-2021学年高二物理上学期期中试题（必修）试卷说明：本场考试时刻75分钟，总分100分。

选项符合题意（本部份23小题，每题3分，共69分）一、单项选择题：每题只有一个．．．．1．以下物理量属于标量的是（）A．速度B．位移C．功D．加速度2．以下情形中的物体，能看做质点的是（）A．匀速行驶着的汽车的车轮B．正在闯线的百米赛跑运动员C．正在跃过横杆的跳高运动员D．太空中绕地球运行的卫星3．平直公路上一汽车甲中的乘客看见窗外树木向东移动，恰好现在看见另一汽车乙从隔壁匀速向西行驶，现在公路上两边站立的人观看的结果是（）A．甲车向东运动，乙车向西运动B．两车均向西运动，乙车速度大于甲车C．甲车向西运动，乙车向东运动D．乙车向西运动，甲车不动4．关于位移和路程，以下说法中正确的选项是（）A．出租车是按位移的大小来计费的B．出租车是按路程的大小来计费的C．在田径场1 500 m长跑竞赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1 500 mD．物体做直线运动时，位移大小和路程相等5．以下哪个速度指的是平均速度（）A．跳水运动员以12m/s的速度入水B．炮弹以700m/s的速度射出炮口C．一般人步行的速度约是5km/h D．汽车通过交通标志牌时的速度是90km/h6．关于汽车的运动，以下说法哪个是不可能的（）A．汽车在某一时刻速度专门大，而加速度为零B．汽车在某一时刻速度为零，而加速度不为零C．汽车加速度专门大，而速度转变很慢D．汽车在某一段时刻，速度转变量专门大而加速度较小7．最先对自由落体运动进行科学的研究，否定了亚里士多德错误论断的科学家是（）A．开普勒B．牛顿C．伽利略D．胡克t /s8．做匀变速直线运动的物体，在t 秒内位移最大的是（）A ．平均速度最大的物体B ．初速度最大的物体C ．末速度最大的物体D ．加速度最大的物体9．从高处释放一石子，通过0.5s ，从同一地址再释放一石子，不计空气阻力。

2021-2022学年江苏省盐城中学高二上学期期中物理复习卷(选修)(含答案解析)

2021-2022学年江苏省盐城中学高二上学期期中物理复习卷（选修）一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是()A. 磁感线只能形象地描述各点磁场的方向B. 磁极之间的相互作用是通过磁场发生的C. 磁感线是磁场中客观存在的线D. 磁感线总是从磁体的北极出发、到南极终止2.在图中，EF、GH为平行的金属导轨，其电阻可不计，R为电阻器，C为电容器，AB为可在EF和GH上滑动的导体横杆。

有匀强磁场垂直于导轨平面。

若用I1和I2分别表示图中该处导线中的电流，电容器带电量用q表示，则当横杆AB匀速滑动电路达到稳定时()A. q≠0，I1≠0，I2=0B. q≠0，I1≠0，I2≠0C. q=0，I1=0，I2=0D. q=0，I1≠0，I2≠03.变压器的铁芯是利用薄硅钢片叠压而成，而不采用一整块硅钢，是为了()A. 增大涡流，提高变压器的效率B. 减小涡流，降低变压器的效率C. 增大涡流，减小铁芯的发热量D. 减小涡流，减小铁芯的发热量4.如图所示，50匝矩形线圈ABCD处于磁感应强度大小B=√2T的水平匀强磁场中，线圈面积S=100.5m2，电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=200rad/s匀速转动，线圈中产生的感应电流通过金属滑环E、F与理想变压器原线圈相连，变压器的副线圈线接入一只“220V，60W”灯泡，且灯泡正常发光，下列说法正确的是()A. 图示位置穿过线圈平面的磁通量为零B. 线圈中产生交变电压的有效值为500√2VC. 变压器原、副线圈匝数之比为25：11D. 维持线圈匀速转动输入的最小机械功率为60√2W5.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要．则以下符合事实的是()A. 物理学家法拉第梦圆电生磁，终于发现了电磁感应现象B. 楞次定律可以用来判断带电粒子在磁场中的运动方向C. 奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D. 安培定则是用来判断通电导线在磁场中所受安培力方向的6.如图所示，质量为m的铜质闭合小线圈静置于粗糙水平桌面上，当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、快速经过时，线圈始终保持不动，则关于线圈在此过程中受到的支持力F N和摩擦力f的情况，以下判断正确的是()A. F N一直大于mg；f先向左，后向右B. F N先大于mg，后小于mg；f一直向左C. F N一直大于mg；f一直向左D. F N先大于mg，后小于mg；f先向左，后向右7.下列提到的交流电，哪一个指的是交流电的最大值()A. 交流电压表读数B. 保险丝的熔断电流C. 电容器的击穿电压D. 220V交流电压8.如图所示，竖直放置的长直导线中通过恒定电流，一矩形导线框abcd与通电导线共面放置，且ad边与通电导线平行．下述情况中，能在回路中不能产生感应电流的是()A. 线框向右平动B. 线框与导线以相同的速度同向平动C. 线框以ab为轴转动D. 线框不动，增大导线中的电流9.如图是一个医用回旋加速器示意图，其核心部分是两个D形金属盒，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连。

江苏省盐城市一中射阳中学等五校2020_2021学年高二物理上学期期中联考试题选修2

江苏省盐城市一中、射阳中学等五校2020-2021学年高二物理上学期期中联考试题（选修）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分．每小题只有一个．．．．选项符合题意． 1. 下列关于物理学史的说法正确的是 ( )A.法拉第提出了分子电流假说B.安培建立了场的概念，并引入电场线和磁感线来形象直观描述电场和磁场C.奥斯特发现了电流的磁效应，首先建立了电和磁的联系D.欧姆用实验研究了电流的热效应，总结出欧姆定律2.某同学拿了一根细橡胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的长度为 20cm 的盐水柱，测得盐水柱的电阻大小为R.如果盐水柱的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同，则握住橡胶管的两端把它均匀拉长至40cm ，此时盐水柱的电阻大小为( ) A.2RB.4RC.2RD.R 3.如图所示，一束带负电粒子沿着水平方向向右飞过磁针正上方，磁针N 极将（）A.向纸内偏转B.向纸外偏转C.不动D.无法确定4.如图所示，一节干电池的电源电动势E ＝1.5V ，内阻r ＝1.0Ω，外电路电阻为R ，接通电路后，则（） A. 电压表读数一定是1.5V B. 电流表读数可能达到2.0AC. 若电阻R=1.5Ω，则电源的输出功率最大D. 1C 的正电荷在电源内从负极移送到正极非静电力做功为1.5J 5．如图所示，电源电动势E ＝12V ，内阻r ＝1Ω，限流电阻R ′＝3Ω，M 为直流电动机，其线圈电阻R ＝2Ω。

当电动机正常工作时，理想电流表示数为1A ，此时电动机的输出功率是（） A. 6WB. 8WC. 2WD. 7W6.如图所示为某回旋加速器示意图,利用回旋加速器对H 21粒子进行加速,此时D 形盒中的磁场的磁感应强度大小为B,D 形盒缝隙间电场变化周期为T,加速电压为U.忽略相对论效应和粒子在D 形盒缝隙间的运动时间,下列说法中正确的是 ( )v NSA. 粒子从磁场中获得能量B.保持B 、U 和T 不变,该回旋加速器可以加速质子C. 只增大加速电压H 21粒子在回旋加速器中运动的时间变短 D. 只增大加速电压H 21粒子获得的最大动能增大7.矩形导线框abcd 固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直．规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B 随时间变化的规律如图所示．若规定顺时针方向为感应电流i 的正方向，下列i －t 图中正确的是( )8.如图所示，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r ，闭合开关S ，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V 1、V 2、V 3示数变化量的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2、ΔU 3，理想电流表示数变化量的绝对值ΔI ，则下列结论正确的是( )A ．A 的示数减小B ．V 2的示数增大C ．ΔU 3与ΔI 的比值小于rD ．ΔU 1大于ΔU 2二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分。

2021年高二上学期期中物理(选修)试卷含解析

2021年高二上学期期中物理（选修）试卷含解析一、单项选择题．本题共8小题，每小题4分，共计32分．每小题只有一个选项符合题意．1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确2．关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是（）A．点电荷是一种理想化的物理模型B．点电荷所带电荷量不一定是元电荷电荷量的整数倍C．点电荷所带电荷量一定很小D．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型3．两个大小相同、带电也相同的金属球A和B，分别固定在两处，相互作用力为F．现用另一个不带电的同样大小的C球先与A球接触，再与B球接触，然后移去C球，则后来A、B两球间的作用力变为（）A．B．C．D．4．如图所示为电场中的某一条电场线，A、B、C是其上的三点．现用EA、EB 、EC表示这三点的电场强度，ΦA、ΦB、ΦC表示这三点的电势，EPA、EPB、EPC表示某一点电荷﹣q在这三点具有的电势能，则必有（）A．E A＞E B＞E C B．ΦA＞ΦB＞ΦC C．E PA＞E PB＞E PC D．E PC=E PB=E PA5．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线，关于它们的电阻值说法正确的是（）A．电阻R1的阻值较大B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1和电阻R2一样大D．若给两个电阻加上相等的电压，电阻R2的电流更大6．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（）A．场强方向一定向左，且电势фa＞фbB．场强方向一定向左，且电势фa＜фbC．场强方向一定向右，且电势фa＞фbD．场强方向一定向右，且电势фa＜фb7．如图所示，已知电阻R1=3Ω，R2=6Ω，电流表A的示数是0.6A，则电流表A1的示数是（）A．0.1A B．0.2A C．0.4A D．0.6A8．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将减小D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大二、多项选择题．本题共5小题，每小题5分，共计25分．每小题有多个选项符合题意．全部选对得5分，选对不全得3分，错选或不答的得0分．9．在正电荷Q的电场中的P点放一点电荷，其电荷量为+q，P点距离Q为r，+q所受的电场力为F．则P点的电场强度为（）A． B． C． D．10．滑动变阻器的原理如图所示，则下列说法中正确的是（）A．若将a、d两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值减小B．若将a、c两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大C．若将a、b两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值不变D．若将b、c两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大11．如图所示，水平放置的平行板电容器充电后断开电源，一带电粒子沿着上板水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出，粒子电势能△E1．若保持上板不动，将下板上移，小球仍以相同的速度从原点射入电场，粒子电势能△E2，下列分析正确的是（）A．两板间电压不变B．两板间场强变大C．粒子将打在下板上 D．△E1＞△E212．用伏安法测未知电阻R x时，若不知R x的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（）A．若电流表示数有显著变化，K应按aB．若电流表示数有显著变化，K应按bC．若电压表示数有显著变化，K应按aD．若电压表示数有显著变化，K应按b13．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＜φBD．电子在A、B两点具有的电势能E PA＜E PB三、实验、填空题.本题有2小题，共计20分．请将解答填写在答题纸相应的位置．14．（8分）一个电流表G的内阻R g=50Ω，满偏电流为I g=1mA，若要将其改装成量程为0，6A的电流表需（填“串联、并联”）电阻为欧（结果保留三位有效数字）；要把它改装成量程为15V的电压表需（填“串联、并联”）电阻为欧．15．（12分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表（0～200mA，内阻0.5Ω）；B．电流表（0～0.6A，内阻0.01Ω）；C．电压表（0～3V，内阻5kΩ）；D．电压表（0～15V，内阻50kΩ）；E．滑动变阻器（0～10Ω，0.5A）；F．滑动变阻器（0～1kΩ，0.1A）；G．电源（3V），电键一个，导线若干．（1）实验中所用的电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选．（填前面的序号）（2）要求电压从0开始测量并减小实验误差，应选甲、乙、丙、丁中的哪一个电路图．测出的电阻值比真实值偏（选填“大”或“小”），原因是．四、计算题.本题共3小题，共计43分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只与出最后答案的不能得分．有数值的题，答案中必须明确写出数值和单位．16．（15分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab 沿电场线方向，bc和电场线方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.2×10﹣7J，求：（1）匀强电场的场强E；（2）电荷从b移到c，静电力做功W2（3）a、c两点间的电势差U ac．17．（13分）用30cm长的绝缘细线将质量为4×10﹣3㎏的带电小球P悬挂在O点的正下方，当空中有方向为水平向右、大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态，如图所示．（g=10N/kg；sin37°=0.6；cos37°=0.8）（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．18．（15分）如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．xx学年江苏省盐城市时杨中学高二（上）期中物理试卷（选修）参考答案与试题解析一、单项选择题．本题共8小题，每小题4分，共计32分．每小题只有一个选项符合题意．1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确【考点】元电荷、点电荷．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD 错误，C正确．故选C【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2．关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是（）A．点电荷是一种理想化的物理模型B．点电荷所带电荷量不一定是元电荷电荷量的整数倍C．点电荷所带电荷量一定很小D．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型【考点】元电荷、点电荷；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；元电荷是电量的最小值，是一个电量的单位；检验电荷是对电场起检验作用的，其大小要足够小，电量也要足够小，不能影响原来的电场分别情况．【解答】解：A、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，点是没有大小的，而实际物体总有大小，故点电荷是理想模型，故A正确；B、元电荷是电量的最小值，是一个电量的单位，不管物体的大小能不能忽略，物体的带电量一定是元电荷的整数倍，故B错误；C、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故C错误；D、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，元电荷是电量的最小值，检验电荷的体积和电荷量要足够的小，故点电荷、元电荷、检验电荷不是同一种物理模型，故D错误；故选A．【点评】本题关键是对点电荷、元电荷和检验电荷的概念要有清晰的认识，同时要明确它们之间的区别，这是理清概念的一种重要方法．3．两个大小相同、带电也相同的金属球A和B，分别固定在两处，相互作用力为F．现用另一个不带电的同样大小的C球先与A球接触，再与B球接触，然后移去C球，则后来A、B两球间的作用力变为（）A． B． C． D．【考点】库仑定律．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律的内容，结合带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，即可求解．【解答】解：假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F，若A带电量为+Q，B带电量为+Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为+，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为+，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F，故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．4．如图所示为电场中的某一条电场线，A、B、C是其上的三点．现用E A、E B、E C表示这三点的电场强度，ΦA、ΦB、ΦC表示这三点的电势，E PA、E PB、E PC表示某一点电荷﹣q在这三点具有的电势能，则必有（）A．E A＞E B＞E C B．ΦA＞ΦB＞ΦC C．E PA＞E PB＞E PC D．E PC=E PB=E PA【考点】电势能．【分析】电场线的疏密程度表示电场强度的大小，沿着电场线电势逐渐降低，根据公式E p=qφ判断电势能的高低．【解答】解：A、电场线的疏密程度表示电场强度的大小，由于只有一根电场线，故无法判断电场强度的大小，故A错误；B、沿着电场线电势逐渐降低，故ΦA＞ΦB＞ΦC，故B正确；C、D、根据公式E p=qφ，负电荷在电势高的点电势能小，故E PC＞E PB＞E PA，故CD 错误；故选：B．【点评】本题关键是明确电场线与电场强度和电势的关系，注意电势能与试探电荷有关，电势和场强与试探电荷无关．5．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线，关于它们的电阻值说法正确的是（）A．电阻R1的阻值较大B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1和电阻R2一样大D．若给两个电阻加上相等的电压，电阻R2的电流更大【考点】路端电压与负载的关系．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】根据图示图象可以比较出电压相等时通过电阻的电流大小；然后应用欧姆定律可以比较出电阻大小关系．【解答】解：ABC、由欧姆定律可知，电阻：R=，由于U相同而I1＞I2，则R1＜R2，故AC错误，B正确；D、若给两个电阻加上相等的电压，电阻越大的，电流越小，因此电阻R2的电流更小，故D错误；故选：B．【点评】本题考查了比较电流大小与电阻大小关系问题，分析清楚图示图象、应用欧姆定律即可解题，本题是一道基础题．6．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（）A．场强方向一定向左，且电势фa＞фbB．场强方向一定向左，且电势фa＜фbC．场强方向一定向右，且电势фa＞фbD．场强方向一定向右，且电势фa＜фb【考点】电场线；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】粒子在电场力作用下，由运动与力关系可知，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向；沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出M、N点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．【解答】解：由图正电荷运动轨迹可知，正电荷受向右的电场力作用，故场强方向一定向右．沿着电场线的方向电势降低的，可判定a点的电势大于b点，即电势фa＞фb．故选C．【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．7．如图所示，已知电阻R1=3Ω，R2=6Ω，电流表A的示数是0.6A，则电流表A1的示数是（）A．0.1A B．0.2A C．0.4A D．0.6A【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】先求出两个电阻并联的阻值，再依据欧姆定律求出干路电流，结合并联电路的电压、电流规律即可解题．【解答】解：外电路的总电阻为：R==Ω=2Ω电路的总电压为：U=IR=0.6×2V=1.2V则电流表A1的示数：I1==A=0.4A故选：C．【点评】要扎实掌握并联电路电流规律、电压规律、欧姆定律，是解决本题的关键．也可以根据并联电路电流与电阻成反比，运用比例法求解．8．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将减小D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．【解答】解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误．B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B正确．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误．D、根据Q=Uc，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故D错误；故选：B．【点评】本题运用E=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．二、多项选择题．本题共5小题，每小题5分，共计25分．每小题有多个选项符合题意．全部选对得5分，选对不全得3分，错选或不答的得0分．9．在正电荷Q的电场中的P点放一点电荷，其电荷量为+q，P点距离Q为r，+q所受的电场力为F．则P点的电场强度为（）A． B． C． D．【考点】电场强度；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的定义式为E=，适用于任何电场，式中q是放入电场中的试探电荷．点电荷的场强公式为E=k．根据这两个公式求解P点的电场强度．【解答】解：+q是放入电场中的试探电荷，据电场强度的定义式可知，P点的电场强度为E=．又根据点电荷的场强公式得P点的电场强度为E=k．故AD正确，BC错误．故选：AD．【点评】本题的解题关键要掌握电场强度的两个公式E=和E=k，要明确公式各个量的含义，知道它们的适用条件．10．滑动变阻器的原理如图所示，则下列说法中正确的是（）A．若将a、d两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值减小B．若将a、c两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大C．若将a、b两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值不变D．若将b、c两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大【考点】串联电路和并联电路．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】滑动变阻器是靠改变接入电路的电阻线的长度改变接入电路的电阻大小的．滑动变阻器要串联在电路中，采用“一上一下”的连接方法．并明确接入电路的是哪一部分．【解答】解：A、若将a、d两端连在电路中，接入电路部分为ap；则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大；故A错误；B、若将a、c两端连在电路中，接入电路部分为ap；故当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大；故B正确；C、若将a、b两端连在电路中时，滑动变阻器全部接入，起不到调节电阻的作用；阻值不变，故C正确；D、若将b、c两端连在电路中，接入部分为Pb，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值减小；故D错误；故选：BC．【点评】此题的关于滑动变阻器使用方法的基本题目，只要把握住“一上一下”的接法就能解决此题，明确接入部分，从而明确调节滑片时电阻的变化．11．如图所示，水平放置的平行板电容器充电后断开电源，一带电粒子沿着上板水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出，粒子电势能△E1．若保持上板不动，将下板上移，小球仍以相同的速度从原点射入电场，粒子电势能△E2，下列分析正确的是（）A．两板间电压不变B．两板间场强变大C．粒子将打在下板上 D．△E1＞△E2【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电容器的动态分析．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将电容器下板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的定义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况，粒子做类平抛运动【解答】解：A、将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，由于：E===，可知当d减小时，场强E不变，但极板间电压U=Ed会随d减小而降低，故A错误B、由A分析知，B错误C、由于场强不变，故粒子运动轨迹不变，由于下板上移，故粒子将打在下板上，故C 正确D、由于电势差变小，电场力做功减小，故电势能该变量变小，故D正确故选CD【点评】注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是定值不变，当电容器与电源相连时，电容器两端电压为定值．另外，可考虑仅将上极板向上移动，结果会如何？12．用伏安法测未知电阻R x时，若不知R x的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（）A．若电流表示数有显著变化，K应按aB．若电流表示数有显著变化，K应按bC．若电压表示数有显著变化，K应按aD．若电压表示数有显著变化，K应按b【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】伏安法测电阻有两种电路，电流表内接法与电流表外接法，可以用试触法确定电流表的接法，如果电流表示数变化大，说明电压表分流较大，应采用内接法；如果电压表示数变化较大，说明电流表分压较大，应采用外接法．【解答】解：A、电流表示数有显著变化，说明电压表分流明显，电流表应采用内接法，K应接在b处，故A错误，B正确；C、如果电压表示数变化明显，电压表示数变化明显，说明电流表的分压明显，电流表应采用外接法，K应接在a处，故C正确，D错误；故选：BC．【点评】本题考查了应用试触法判断伏安法测电阻时实验电路的选择问题，难度不是很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．13．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＜φBD．电子在A、B两点具有的电势能E PA＜E PB【考点】电势能；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由静止释放电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，分析电场力的方向，确定电场线的方向．根据顺着电场线方向，电势降低，判断电势的高低．从速度图象看出，电子从A运动到B过程加速度变小，场强增变小．【解答】解：根据题意，电子从静止释放后从A运动到B，则电子受到的电场力方向从A→B，而电子带负电，电场线方向从B→A，则B点的电势大于A点的电势，即φA＜φB．故C正确从速度图象看出，电子从A运动到B过程速度增大，加速度变化，电场力减小，即F A ＞F B，场强变小，则B点的场强小于A点的场强，即E A＞E B．故A错误，B正确；因电场力做正功，则电势能减小，故D错误．故选：B C【点评】本题要根据电子的运动情况判断电子的受力情况，从而确定场强，电势的变化情况．三、实验、填空题.本题有2小题，共计20分．请将解答填写在答题纸相应的位置．14．（8分）一个电流表G的内阻R g=50Ω，满偏电流为I g=1mA，若要将其改装成量程为0，6A的电流表需并联（填“串联、并联”）电阻为0.083欧（结果保留三位有效数字）；要把它改装成量程为15V的电压表需串联（填“串联、并联”）电阻为14950欧．【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题．【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．【解答】解：把电流表改装成0.6A电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为：R==≈0.0833Ω；把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：R=﹣R g=﹣50=14950Ω，故答案为：并联，0.0833，串联，14950；【点评】本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题，注意明确改装中表头的电压、电流和电阻均不变，将其作为电阻处理，分析当电流达到满偏时的总电流和总电压即可．15．（12分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表（0～200mA，内阻0.5Ω）；B．电流表（0～0.6A，内阻0.01Ω）；C．电压表（0～3V，内阻5kΩ）；D．电压表（0～15V，内阻50kΩ）；E．滑动变阻器（0～10Ω，0.5A）；F．滑动变阻器（0～1kΩ，0.1A）；G．电源（3V），电键一个，导线若干．（1）实验中所用的电流表应选A，电压表应选C，滑动变阻器应选E．（填前面的序号）（2）要求电压从0开始测量并减小实验误差，应选甲、乙、丙、丁中的哪一个电路图甲．测出的电阻值比真实值偏小（选填“大”或“小”），原因是电压表的分流作用．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题．【分析】（1）根据灯泡额定电压与额定电流选择电压表与电流表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据实验器材与题目要求确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路，根据实验电路应用欧姆定律分析实验误差．【解答】解：（1）灯泡额定电压为3V，电压表选C，灯泡额定电流为I==0.13A，电流表选A，为方便实验操作，滑动变阻器应选E；（2）灯泡正常发光时的电阻为：R===60Ω，电压表内阻约为3kΩ，电流表内阻约为2Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法；电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，应选图甲所示电路图；电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流偏大，由欧姆定律可知，所测电阻偏小．故答案为：（1）A，C，E；（2）甲，小，电压表的分流作用【点评】本题考查了实验器材的选择、实验电路的选择、实验误差分析，要掌握实验器材的选择原则，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确选择实验电路的关键．四、计算题.本题共3小题，共计43分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只与出最后答案的不能得分．有数值的题，答案中必须明确写出数值和单位．16．（15分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab 沿电场线方向，bc和电场线方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.2×10﹣7J，求：（1）匀强电场的场强E；（2）电荷从b移到c，静电力做功W2（3）a、c两点间的电势差U ac．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势差；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．。

江苏省盐城中学2021-2022高二物理上学期期中试题(必修).doc

江苏省盐城中学2021-2022高二物理上学期期中试题（必修）一、选择题：本大题共27小题，每小题3分，共计81分。

在每小题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

1．将近1000年前，宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时写下诗句：“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风，卧看满天云不动，不知云与我俱东”．请问诗句中的“云与我俱东”所对应的参考系是A ．两岸B ．船C ．云D ．诗人2．关于质点，下列说法正确的是A ．体积大、质量小的物体就是质点B ．质量大、体积大的物体不可视为质点C ．汽车可以视为质点，火车不可视为质点D ．研究月球绕地球运行，可将月球视为质点3．下列各组物理量中，包含一个标量与一个矢量的是A ．位移、加速度B ．力、动能C ．功率、速率D ．功、势能4．在长为50m 的标准泳池举行200m 的游泳比赛，参赛运动员从出发至比赛终点的位移和路程分别是A ．0 m ，50 mB ．50 m ，100 mC ．100 m ，50 mD ．0 m ，200 m5．下列速度中，指平均速度的是A ．雨滴落地时的速度B ．汽车通过南京长江大桥的速度C ．子弹射出枪口时的速度D ．跳水运动员起跳后，到达最高点的速度 6．为了使公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志.如图所示，甲图是限速标志，表示允许行驶的最大速度是80 km/h ；乙图是路线指示标志，表示此地到杭州还有100km.上述两个数据的物理意义分别是A ．80 km/h 是平均速度，100 km 是位移B ．80 km/h 是平均速度，100 km 是路程C ．80 km/h 是瞬时速度，100 km 是位移D ．80 km/h 是瞬时速度，l00 km 是路程7．某一做匀加速直线运动的物体，加速度是2m/s 2，下列关于该加速度的理解正确的是A ．每经过1 秒，物体的速度增加1倍B ．每经过l 秒，物体的速度增加2m/sC ．物体运动的最小速度是2m/s义乌杭州甲乙D ．物体运动的最大速度是2m/s8．一根一端封闭，另一端装有阀门的玻璃管，内有纸片、羽毛、金属片．用抽气机把管内的空气几乎抽尽，再把玻璃管倒过来(如图所示)．观察这些物体下落的快慢情况，下列说法中正确的是A ．纸片下落最快B ．羽毛下落最快C ．金属片下落最快D ．三者下落一样快9．月球上没有空气，若宇航员在月球上将一石块从某高度由静止释放，下列图象中能正确描述石块运动情况的是 10．关于力，下列叙述正确的是A ．力是维持物体运动的原因B ．作用力与反作用力是一对平衡力C ．施力物体同时一定是受力物体D ．一对平衡力一定是同一种性质的力11．增大摩擦力常见的方法有：增大正压力和增大接触面间的摩擦因数．下列哪种方法有利于增大摩擦力A ．鞋底布满凹凸花纹B ．给滚动的轴承加润滑油C ．冰鞋鞋底装上钢质冰刀D ．为行李箱装上小车轮 12．两个共点力大小分别为3N 和4N ，则它们的合力大小不可能．．．是 A ．0 B ．5N C ．6N D ．7N13．在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O 点．为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是A ．橡皮条固定端的位置B ．描下O 点位置、两条细绳套的方向及两个弹簧测力计的读数C ．橡皮条伸长后的总长度D ．两个弹簧测力计的读数v v v v A B C D14．两个共点力的大小均为F，如果它们的合力大小也等于F，则这两个共点力之间的夹角为A．30°B．60°C．90°D．120°15．关于物体的重心，下列说法中正确的是A．任何物体的重心都一定在这个物体上B．重心的位置只与物体的形状有关C．形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的几何中心D．物体重心的位置一定会随物体形状改变而改变16．伽俐略理想斜面实验将可靠的事实和理论思维结合起来，能更深刻地反映自然规律，伽俐略的斜面实验程序如下：（1）减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度．（2）两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面．（3）如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度．（4）继续减小第二个斜面的倾角，最后使它变成水平面，小球沿水平方向做持续的匀速直线运动．请按程序先后次序排列，并指出它究竟属于可靠的事实，还是通过思维过程的推论，下列选项正确的是（数字表示上述程序的号码）A．事实2→事实1→推论3→推论4 B．事实2→推论1→推论3→推论4C．事实2→推论3→推论1→推论4 D．事实2→推论1→推论4→推论317．关于惯性的有关概念，下列说法中正确的是A．从枪膛中飞出的子弹，在惯力作用下飞行B．满载的卡车比空车难以停下来，是因为前者的惯性比后者大C．一个运动物体在粗糙水平路面上比光滑水平路面上难以起动，是因为在前一种情况下惯性大D．喷气式飞机起飞后越飞越快，说明它的惯性越来越大18．下面关于作用力和反作用力的说法中，正确的是A．两物体间的作用力和反作用力一定是同性质的力B．先有作用力，后有反作用力C．只有物体处于静止状态时，物体间才存在作用力和反作用力D．只有物体接触时，物体间才存在作用力和反作用力19．下列物理量的单位中，属于基本单位的是A．N B．m/s C．m/s2D．Kg20．如图所示，在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向拉一重25N的木块做匀速直线运动，弹簧测力计的示数为15N，木块受到的摩擦力大小是A．10N B．15NC．20N D．25N21．关于“探究加速度与力、质量的关系”实验，下列说法中正确的是A．本实验采用的方法是控制变量法B．探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力的大小C．探究加速度与力的关系时，作a–F图象应该用线段依次将各点连接起来D．探究加速度与质量的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a–M图象22．在探究加速度与力、质量的关系实验中，如图所示是某同学正要释放小车的情形，下列说法正确的是A．应把长木板水平放置B．应调整滑轮高度使细绳与长木板表面平行C．应将打点计时器接在直流电源上D．应使小车离打点计时器远些23．将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数约为A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1 000N/m 24．关于某同学起跳离开地面后的运动状态，下列说法正确的是A．上升、下降时都处于超重状态B．上升时处于超重状态，下降时处于失重状态C．上升、下降时都处于失重状态D．上升时处于失重状态，下降时处于超重状态25．河宽420 m，船在静水中的速度为4 m/s，水流的速度为5 m/s，则船过河的最短时间为A．140 s B．105 s C．84 s D．60 s26．如图所示，质量相同的P、Q两球均处于静止状态，现用小锤打击弹性金属片，使P球沿水平方向抛出，Q球同时被松开而自由下落．则下列说法中正确的是A．P球先落地B．Q球先落地C．两球下落过程中速度变化量相等D．两球落地时速度方向相同27．在距离水平地面1 m高处以4 m/s的水平速度抛出一个小球，若不计空气阻力，则小球落到水平地面时的速度大小为(g取10 m/s2)A．0 m/s B．5 m/s C．6 m/s D．36 m/s二、填空题：本题6分，把答案填在答题纸相应的横线上。

江苏省盐城四县2020-2021学年高二上学期期中联考试题物理(选修)答案

（4 分）
（3）当 30 时，带电粒子在磁场中运动的轨道半径为 3R
其运动轨迹如图所示，
由图可知 PO2O OO2 R 30
所以带电粒子离开磁场时与水平方向成 30°
d R2 3 R 3
1
d (3 2 3)mv0 3qB （4 分）
17. （1） I F mg （4 分） BL
（2）
y＝v0t （1 分）代入数据解得 y＝0.3 m （2 分） (2)粒子经过 y 轴时在电场方向的分速度为：
vx＝at＝2×107 m/s （1 分）粒子经过 y 轴时速度为
v＝ vx2＋v02＝2.5×107m/s （2 分）与 y 轴正方向夹角大小为θ。
tan θ＝vx＝4/3 v0
（1 分） θ＝53°
（1 分）
（3）要使粒子不进入第Ⅲ象限，如图所示，此时粒子做圆周运动的半径为 R，
则 R＋0.8R≤y （1 分）解得：1.8 R≤ y（1 分）
v2 由 qvB＝m （1 分）
R
解得 B≥6×10－2T。
（2 分）
2
qB
（2）设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为 r ，由牛顿第二定律得
Bq0
m 02 r
P
M
●
O1
××
rR
××××
带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨 × ×O ● × ×
Q
×××
迹对应的圆心角为，如图所示，则
2
××
N
t
R 2 0
m 2Bq
2020-2021 学年第一学期高二年级期中考试
物理试卷答案
题号 1
2
3
4
5

江苏盐城市2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题(选修)含答案解析

江苏盐城市【最新】高二上学期期中考试物理试题（选修）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．关于电源和电流，下述说法正确的是（）A．电源的电动势在数值上始终等于电源正负极之间的电压B．由公式R=UI可知，导体的电阻与通过它的电流成反比C．打开教室开关，日光灯立刻就亮了，表明导线中自由电荷定向运动的速率接近光速D．从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能2．已知用电器A的电阻是用电器B的电阻的2倍，加在A上的电压是加在B上的电压的一半，那么通过A和B的电流I A和I B的关系是()A．I A＝2I B B．I A＝12I B C．I A＝I B D．I A＝14I B3．在a、b、c、d四只电阻，它们的I U-关系如图所示，则图中电阻最小的是（）A．a B．b C．c D．d4．如图所示，A B间电压恒为U，当滑动变阻器的滑片P逐渐向B端移动的过程中灯泡上的电压数值是（）A．一直为U B．一直为0C．逐渐增大到U D．逐渐减小到05．小亮家有一台电风扇，内阻为20 Ω，额定电压为220 V，额定功率为66 W，将它接上220 V电源后，发现因扇叶被东西卡住不能转动．则此时电风扇消耗的功率为()A．66 W B．2420 W C．11 W D．不确定6．如图所示为两电源的U I-图象，则下列说法正确的是A．电源①的电动势和内阻均比电源②小B．当外接相同的电阻时，两电源的输出功率可能相等C．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大7．如图所示，A、B、C三只电灯均能发光，当把滑动变阻器的触头P向下滑动时，三只电灯亮度的变化是()A．A、B变亮，C变暗B．A、B、C都变亮C．A、C变亮，B变暗D．A变亮，B、C变暗二、多选题8．三个阻值都为12 Ω的电阻，它们任意连接、组合，总电阻可能为()A．4 ΩB．24 ΩC．8 ΩD．36 Ω9．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是( )A．电阻R1的阻值较大B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1的发热功率较大D．电阻R2的发热功率较大10．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U-I图像，则下列说法中正确的是( )A．电动势E1=E2，短路电流I1>I2B．电动势E1=E2，内阻r1>r2C．电动势E1>E2，内阻r1>r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大三、实验题11．（1）在“测定金属丝的电阻率”实验中，某同学用游标卡尺测了金属丝长度为L=____cm；用螺旋测微器测得金属丝的直径，其示数D=________mm.（2）用多用表测量某元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过大，因此需选择___________倍率的电阻挡(填：“×10” 或“×1k”)，并需______________（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的示数如图所示，测量结果为_________Ω.12．一研究性学习小组研究小灯泡的伏安特性，小灯泡上标有额定电压“4V”字样，但额定功率和电流均不清晰，实验室备有的器材是：电压表（6V,6kΩ)、电流表（0～0.6 A,0.1Ω)、电池组（电动势为6V）、开关、滑动变阻器、小灯泡、导线若干．实验时要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定电压以上．（1）他们应选用下图中____________图所示电路进行实验．（2）根据实验测得数据描绘出如图所示U －I 图象，由图分析可知，小灯泡电阻随温度T 变化的关系是_________________________________________。

2021年高二第一学期期中试题物理(选修)

2021年高二第一学期期中试题物理（选修）一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共计32分。

每小题只有一个．．．．选项符合题意，请将正确选项填在答题卡上。

1．用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法，下面四个式子中不属于．．．比值法定义的是A ．电场强度B ．电流C ．电容D ．电势2．真空中两个分别带有电荷量和+的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为。

现将两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为A ．B ．C ．D ．3．一标有“36W，36V”的白炽灯泡（灯丝是用金属材料钨制作）。

若把此灯泡接到输出电压为18V 的电源两端，则灯泡消耗的电功率 A ．等于36 W B ．等于9 WC ．小于36 W ，大于9 WD ．小于9 W4．如图所示，在x 轴上A 、B 两点分别放有两个点电荷，A 处为－Q ，B 处为+2Q ，在x 轴上某点，两个电荷各自产生的电场强度分别为E A 和E B ，则 A ．E A 和E B 相同点只有一处，该处合场强为0 B ．E A 和E B 相同点只有一处，该处合场强为2E AC ．E A 和E B 相同点共有两处，其中一处合场强为0；另一处合场强为2E AD ．E A 和E B 相同点共有三处，其中一处合场强为0，另两处合场强为2E A 5．三个点电荷电场的等势线分布如图所示，图中a 、b 两点的场强大小分别为、，电势分别为，则 A ．＜，＜B ．＜，＞C ．＞，＞D ．＞，＜6．如图所示，长方体金属块边长之比a :b :c=3:1:2，将A 与B 接入电压为U 的电路中时，电流为I ；若将C 与D 接入电压为U 的电路中，则电流为（设金属块的电阻率不变） A ．I Ｂ．2I Ｃ．Ｄ．7．如图所示的电解池接入电路后，在t 秒内有n 1个一价正离子通过溶液内某截面S ，有n 2＋2Q－QBA xa bc CABD0V6V-6V -12V -18Vb个一价负离子通过溶液内某截面S ，设e 为元电荷，以下说法正确的是 A ．当n 1＝n 2时，电流为零B ．当n 1>n 2时，电流方向从A →B ，电流为I ＝(n 1－n 2)et C ．当n 1<n 2时，电流方向从B →A ，电流为I ＝(n 2－n 1)et D ．无论n 1、n 2大小如何，电流方向都从A →B ，电流都为I ＝(n 2＋n 1)e t8．如图所示，匀强电场方向平行于xOy 平面，在xOy 平面内有一个半径为R ＝5cm 的圆，圆上有一动点P ，半径OP 与x 轴方向的夹角为θ，P 点沿圆周移动时，O 、P 两点的电势差满足U OP ＝25sin θ(V)，则该匀强电场的场强大小和方向分别为 A ．500 V/m ，沿y 轴正方向 B ．25 V/m ，沿y 轴负方向 C ．5 V/m ，沿x 轴正方向 D ．250 2 V/m ，沿x 轴负方向二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共计30分。

2021年江苏省盐城市第一中学高二物理联考试题含解析

2021年江苏省盐城市第一中学高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）远距离输电都采用高压输电，其优点是( )A．可减小输电电流B．可加快输电速度C．可增大输电功率D．可减少输电线上的能量损失参考答案：AD2. （多选题）如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20：1，原线圈接正弦交流电源，副线圈接入“220V，60W”灯泡一只，且灯光正常发光．则（）A．电流表的示数为 A B．电源输出功率为1200WC．电流表的示数为 A D．原线圈两端的电压为11V参考答案：CD【考点】变压器的构造和原理．【分析】在理想的变压器中的输入功率和输出功率的大小相等，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．【解答】解：由于灯泡正常发光知，变压器副线圈两端的电压为220V，副线圈中的电流为A，变压器的输出功率为60W，有变压器的变压比得，原线圈两端的电压为4400V，变压器的变流比关系得，电流表的示数为A，所以，选项C、D正确，A、B 错误；故选：CD．3. 下列各图中，已标出电流I和该电流产生的磁感线的方向，其中符合安培定则的是（）参考答案：C4. 在匀强磁场中有一圆形的闭合导体线圈，线圈平面垂直于磁场方向，当线圈在此磁场中做下列运动时，线圈中能产生感应电流的是A．线圈沿自身所在的平面做匀速运动 B．线圈沿自身所在的平面做加速运动C．线圈绕任意一条直径做转动 D．线圈沿着磁场方向移动参考答案：C5. 两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两点，它们间库仑力的大小为F．如果把两小球相互接触后将其固定的距离变为r/2，则两球间库仑力的大小为A． B． C． D．参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，绝缘金属平行板电容器充电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，则电容器的电容将，静电计指针的偏转角度将。

2021年高二上学期期中调研考试物理(选修)试题含答案

2021年高二上学期期中调研考试物理（选修）试题含答案高二物理（选修）（满分：120分；考试时间：100分钟）第I卷选择题部分（共44分）一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分）1．最早提出利用电场线和磁感线分别描述电场和磁场的物理学家是A．牛顿 B．伽利略 C．阿基米德 D．法拉第2．下列几幅图中，由电流产生的磁场方向正确的是3．如图所示，L1、L2、L3为三个相同的灯泡。

在变阻器R的滑片P向上移动过程中，下列判断中正确的是A．L2变暗，L3变亮B．L1变亮，L3变暗C．L1中电流变化量等于L3中电流变化量D．L1中电流变化量小于L2中电流变化量4．把6个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使所有灯泡都正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论正确的是A．P甲= P乙B．P甲= 3P乙C．P乙= 3P甲D．P乙> 3P甲5．把一根柔软的螺旋形弹簧竖直悬挂起来，使它下端刚好跟杯中的水银面接触，并使它组成如右图所示的电路，当开关S接通后将看到的现象是A．弹簧向上收缩B．弹簧被拉长C．弹簧上下跳动D．弹簧仍静止不动6．有关磁感应强度的下列说法中，正确的是A．磁感应强度是用来表示磁场强弱和方向的物理量B．若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零C．若有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，则该L3L1L2RPEr处磁感应强度的大小一定是F ILD．由定义式B＝FIL可知，电流强度I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小7．英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究，于1922年荣获了诺贝尔化学奖．若一束粒子（不计重力）由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法中不正确．．．的是A．该束粒子带正电B．速度选择器的上极板带正电C．在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D．在B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷q/m越小8．如图所示，a为带正电的物体，b为不带电的绝缘物块，a、b叠放在粗糙水平地面上。

江苏省射阳县第二中学2020┄2021学年高二上学期期中考试物理选修试题

1．关于科学家的研究成果及贡献,下列说法中正确的是Ａ. 洛伦兹发现了电流的磁效应Ｂ. 楞次提出了电磁感应定律Ｃ.安培首先引入电场线和磁感线D.法拉第发现了电磁感应现象,并制成了人类历史上第一台发电机 2．由磁感应强度的定义式ILFB =可知（）Ａ.磁感应强度与通电导线受到的磁场力成正比，与电流强度和导线长度的乘积成反比 B.磁感强度的方向与Ｆ的方向一致ﻩ ﻩ C ．公式ILFB =只适用于匀强磁场 D ．只要满足L 很短、I 很小的条件,ILFB =对任何磁场都成立３．关于回旋粒子加速器,下列说法正确的是( ）①加速器中的电场和磁场都可以使带电粒子加速 ②加速器的半径越大粒子从加速器射出时能量越大 ③加速电场的电压越大粒子从加速器射出时能量越大 ④加速器中的磁感强度越大粒子从加速器射出时能量越大 A.①② Ｂ.①③ C.②③ D.②④4.如图所示，闭合金属导线框放置在竖直向上的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度的大小随时间变化。

下列说法①当磁感应强度增加时,线框中的感应电流可能减小 ②当磁感应强度增加时，线框中的感应电流一定增大 ③当磁感应强度减小时,线框中的感应电流一定增大 ④当磁感应强度减小时，线框中的感应电流可能不变其中正确的是( )Ａ.只有②④正确 B ．只有①③正确Ｃ.只有②③正确 D.只有①④正确５．如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁,磁铁的N 极朝下。

当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部）( )Ａ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同,磁铁与线圈相互吸引B.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥 C ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引 D.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥６.200０年底,我国宣布已研制成功一辆高温超导磁悬浮高速列车的模型车,该车的车速已达到500ｋm ／h,可载５人．如图所示就是磁悬浮的原理,图中Ａ是圆柱形磁铁,B 是用高温超导材料制成的超导圆环．将超导圆环Ｂ水平放在磁铁A 上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁A 的上方空中，下列说法中正确的是( ）A.在Ｂ上放入磁铁的过程中,B 中将产生感应电流.当稳定后，感应电流消失B.在B 上放入磁铁的过程中，B 中将产生感应电流.当稳定后，感应电流仍存在C.如A 的N 极朝上,Ｂ中感应电流的方向如图所示Ｄ.如A 的N 极朝上,Ｂ中感应电流的方向与图中所示的方向有时相同有时相反7．如图，当导线a ｂ在电阻不计的金属导轨上滑动时，线圈Ｃ向右摆动,则ab 的运动情况是（）A ．向左或向右做匀速运动B.向左或向右做减速运动C ．向左或向右做加速运动D ．只能向右做匀加速运动8．一个N 匝的圆形线圈,放在磁感应强度为B 的匀强磁场中，线圈平面跟磁场平面垂直,磁感应强度随时间均匀变化,线圈导线规格不变，下列方法可使线圈中感应电流增加一倍的是（）A.将线圈匝数增加一倍B.将线圈面积增加一倍Ｃ.将线圈半径增加一倍 D ．适当改变线圈的取向NS9．对于安培力和洛仑兹力,以下说法正确的是A. 通电导线在磁场中一定受安培力B．只有通电导线与磁场垂直时才受安培力C. 不管带电粒子做什么运动,洛仑兹力总不做功D．只有带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时，洛仑兹力才不做功1２如图将闭合导线框从图示位置匀速拉出匀强磁场，第一次用△t1时间拉出,外力做功W1，通过导线截面的电量q１，第二次用△ｔ２时间，外力做功W2,通过电量q2，已知△t1<△t2，那么(A）Ｗ１<W2,q１<q2；（B)W1<W2,q１=q2；(Ｃ)W１＞W2,q1＝q2; （Ｄ)W１>W2,q1＞ｑ2.二、多项选择题。

江苏省射阳中学2020┄2021学年高二上学期期中考试物理选修试题

说明：1.本试卷满分120分,考试时间100分钟。

2.本试卷分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，所有题目一律在答题纸上相应位置规范作答。

第I 卷（选择题共４５分）一、单项选择题:本题共7小题,每小题3分,共计21分。

每小题只有一个选项符合题意。

1、一小灯泡的伏安特性曲线如图所示，在灯泡电压由3Ｖ增大到6V 的过程中，随温度的升高,灯泡电阻改变了( ) A.30Ω B.40Ω Ｃ．10Ω D.大于10Ω2、要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3Ｖ，并便于操作。

实验的电路图最好应选用下列的图中的（ )３、空间有一圆柱形匀强磁场区域,该区域的横截面的半径为R ,磁场方向垂直横截面。

一质量为m 、电荷量为q (q >0)的粒子以速率0v 沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°。

不计重力，该磁场的磁感应强度大小为Ａ.033m qR v B ．0m qR v Ｃ.03m qR v D.03m qRv 4、当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0．3C,消耗的电能为0.9J 。

为在相同时间内使０．６C 的电荷量通过该电阻,在其两端需加的电压和消耗的电能分别是( ）A.3V ，1.8J ﻩＢ.3Ｖ，３.6JﻩC.６V ，1.8ＪD. 6V,３.６J5、质量和电量都相等的带电粒子M 和N ，以不同的速度率经小孔Ｓ垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2中虚线所示，下列表述正确的是Ａ.M 带正电,Ｎ带负电 B.M 的速度率小于Ｎ的速率 C.洛伦磁力对Ｍ、N 做正功 D.Ｍ的运行时间等于N 的运行时间6、如图所示, 在正交的匀强磁场和匀强电场区域内（磁场水平向里), 有一离子恰能沿直线飞出此区域(不计离子重力) ①若离子带正电, E 方向应向下 ②若离子带负电, E 方向应向上 ③若离子带正电, E 方向应向上 ④不管离子带何种电荷, E 方向都向下以上说法正确的是 ( ）Ａ. ①② Ｂ． ②③ Ｃ. ①④ D.只有①7、图中a 、ｂ、c 、d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面积位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相等的电流，方向如图所示。

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错选或不答的得0分．9．如图所示，直导线通入垂直纸面向里的电流，在下列匀强磁场中，直导线能静止在光滑斜面上的是( )10.如图，正方形ABCD 内有垂直于纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b 、c ，从B 点以不同的速率沿着BC 方向射入磁场，粒子a 从D 点射出，粒子b 从AD 边的中点E 射出，粒子c 从AB 边的中点F 射出。

若带电粒子仅受磁场力的作用，下列说法正确的是 ( ) A ．a 粒子的速率是b 粒子速率的两倍 B ．在磁场中运动的时间，c 是a 的两倍 C ．在磁场中运动的弧长，a 等于cD ．若c 粒子的速率稍微减小，在磁场中的运动时间不变11.如图是某质谱仪工作原理示意图,带电粒子被加速电场加速后,进入速度选择器.速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B 和E.平板S 上有可让粒子通过的狭缝P 和记录粒子位置的胶片A 1A 2.平板S 下方有强度为B 0的匀强磁场.下列表述中正确的是( )A. 质谱仪是分析同位素的重要工具B. 速度选择器中的磁场方向垂直纸面向内C.粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的荷质比越小D. 能通过狭缝P 的带电粒子的速率等于BE12．如图所示电路，两根光滑金属导轨平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨下端接有电阻R ，导轨电阻不计，导轨宽为l ,斜面处在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B,金属棒ab 质量为m ，电阻为r ，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F 的作用，沿导轨匀速向上滑动，则它在上滑高度h 的过程中，以下说法正确的是 ( )A ．作用在金属棒上各力的合力做功为零B ．金属棒克服安培力做的功等于电阻R 上产生的焦耳热C ．恒力F 做的功与安培力做的功之和等于金属棒增加的机械能D ．回路中磁通量的变化量为θθsin cos Bhl 三、非选择题：本题共6小题，共60分.13.（6分）在“测电源电动势和内阻”的实验中，某实验小组同学根据图甲电路进行测量实验。

（1）根据图甲电路，请在乙图中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接。

（2）根据实验数据画出的U－I图象如图所示，由图象可得电池的电动势为V，内阻为Ω.（保留三位有效数字）14.（8分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：(1)用游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为L＝________ mm。

甲乙(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D＝________ mm。

(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为________ Ω。

(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A(量程0～30 mA，内阻约30 Ω)；电压表V(量程0～3 V，内阻约10 kΩ)；直流电源E(电动势4 V，内阻不计)；滑动变阻器R1(阻值范围0～15 Ω，允许通过的最大电流2.0 A)；开关S ；导线若干。

为减小测量误差，在实验中实验电路应采用图中的15.（9分）如图所示，在倾角为θ =30°的斜面上，固定一宽L =0.5 m 的平行光滑金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R 。

电源电动势E =12 V 、内阻r =1 Ω，一质量m =50 g 的金属棒ab 与两导轨垂直并接触良好。

整个装置处于磁感应强度B =0.50 T 、方向垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨与金属棒的电阻不计）。

g 取10 m/s 2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小；（2）通过金属棒的电流的大小；（3）滑动变阻器R 接入电路中的阻值。

16.（11分）如图所示，在半径为Bqm R 0υ=的圆形区域内有水平向里的匀强磁场，磁感应强度B ，圆形区域右侧有一竖直感光板，质量为m ，电量为q 重力不计的带正电的粒子以速率0υ从圆弧顶点P 平行于纸面进入磁场，PO 与感光板平行，P 到感光板的距离为2R. （1）粒子在磁场中运动的半径（2）若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；（3）若粒子对准圆心射入，且速率为30υ，求它打到感光板上的位置距离P 点的竖直距离。

17．(12分）如下图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为L ，其右端接有阻值为R 的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B 的匀强磁场中。

一质量为m (质量分布均匀)的导体杆ab 垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为μ。

现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F 作用下从静止开始沿导轨运动距离为s 时，速度恰好达到最大值(运动过程中杆始终与导轨保持垂直)。

设杆接入电路的电阻为r ，导轨电阻不计，重力加速度大小为g .求此过程：（1）速度达到最大值时，通过R 的电流大小；（2）杆的最大速度V m ；（3）通过电阻R 的电量q ；18．（14分）如图所示，坐标平面第Ⅰ象限内存在大小为E ＝4×105N/C 、方向水平向左的匀强电场，在第Ⅱ象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。

质荷比mq ＝4×10－10 kg/C 的带正电的粒子，以初速度v 0＝1.5×107m/s 从x 轴上的A 点垂直x 轴射入电场，OA ＝0.2 m ，不计粒子的重力。

（1）求粒子经过y 轴时的位置到原点O 的距离；（2）求粒子经过y 轴时的速度大小和方向；（3）若要使粒子不能进入第Ⅲ象限，求磁感应强度B 的取值范围(不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况)。

2020-2021学年第一学期高二年级期中考试物理试卷答案13.(1)(2) 1.50 1.0014. (1)50.25 (2)4.950 (3)120 (4) A15.(1) 0.25N (3分） (2) 1A （3分） (3) 11Ω（3分）16.解析（1）r=qBmv0 (3分）（2）设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为r，由牛顿第二定律得rmBq2υυ=Rr=带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨迹对应的圆心角为2π，如图所示，则BqmRt22πυπ==（4分）（3）当3υυ=时，带电粒子在磁场中运动的轨道半径为R3其运动轨迹如图所示，由图可知︒=∠=∠3022ROOOPO题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C B B D A C D D AC BD AD ACD×××××××××××××××●OP●MNO1Q所以带电粒子离开磁场时与水平方向成30°R R d 332+= qBmv d 3)323(0+=（4分）17. （1）BLmgF I μ-=（4分）（2）22))((L B r R mg F V m +-=μ (4分）（3）rR BLsq += （4分）18.（14分）(1)设粒子在电场中运动时间为t ，粒子经过y 轴时的位置与原点O 的距离为y ，则 a ＝qEm （1分）代入数据解得a ＝1.0×1015 m/s 2，（1分） x OA ＝12at 2 （1分）代入数据解得 t ＝2.0×10－8 s ，（1分）y ＝v 0t （1分）代入数据解得 y ＝0.3 m （2分） (2)粒子经过y 轴时在电场方向的分速度为：v x ＝at ＝2×107m/s （1分）粒子经过y 轴时速度为v ＝v x 2＋v 02＝2.5×107m/s （2分）与y 轴正方向夹角大小为θ。