(物理)初中物理电功率(一)解题方法和技巧及练习题
初中物理电功率解题技巧讲解及练习题(含答案)
初中物理电功率解题技巧讲解及练习题(含答案)一、电功率选择题1．如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，为定值电阻，当光照减弱时A. V与示数的比值减小B. V与示数的比值不变C. 与示数之差变大D. 电路消耗的总功率减小【答案】D【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该比值变大，A不符合题意；B、电压表示数不变，示数变小，则V与示数的比值变大，B不符合题意；C、由并联电路的特点可知，与示数之差为通过的电流，保持不变，C不符合题意；D、电源电压不变，总电流变小，根据可知，总功率减小，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】光敏电阻R与定值电阻R0并联，电压表测量的是R两端的电压（即电源的电压），保持不变；电流表 A1测量的是通过R的电流，电流表 A2测量的是干路中的电流；已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R的电流变小，即电流表A1示数变小；通过R0的电流不变，而通过R 的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，根据P=UI 可知，总功率减小.2．两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1， R2产生的热量之比为（）A. 2：1B. 1：2C. 4：1D. 1：4【答案】 A【解析】【解答】由并联电路的特点知道，R1、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电压相同时，通过R1、R2的电流之比是2：1；由I=U/R知道，R1、R2的电阻之比为1：2；由图甲知道，闭合开关S，则通电时间相同，由Q=W=U2R t知道，产生的热量与电阻成反比，故R1、R2产生的热量之比是2：1，故答案为：A。
【分析】利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式Q=W=t判定产生热量的比值.3．下列数据最接近实际情况的是（）A. 大气对拇指指甲盖的压力约为 10NB. 学生课桌高度约为200cmC. 让人感觉舒适的气温约为37℃D. 家用节能灯的功率约为1kW【答案】 A【解析】【解答】A.大拇指的指甲盖的面积大约1cm2，大气压强约105Pa，那么大气对指甲盖的压力；F=pS=105Pa×10-4m2=10N，故A符合题意；B.普通学生课桌的高度大约1m，而200cm=2m，太高了，故B不合题意；C.让人感觉舒适的温度大约在25℃左右，37℃太高了，故C不合题意；D.家用节能灯的功率大约30W左右，1kW的功率太大了，故D不合题意。
初中物理电功率解题技巧及练习题
初中物理电功率解题技巧及练习题一、电功率选择题1．用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。
图5是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变。
将湿敏电阻R附着在叶片上，当叶片含水量升高时（）A. 电流表示数增大B. 电压表示数减小C. 电路总电阻减小D. 电路总功率增大【答案】 B【解析】【解答】由图5知，电路是由湿敏电阻R和定值电阻R0串联构成的，电压表测R0两端的电压，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，根据R总=R0+R得电路总电阻增大，又由且U不变，得电路中电流减小，即电流表的示数减小；由U=IR0得R0两端的电压减小，即电压表的示数减小；而由知电路总功率减小。
故答案为：B。
【分析】结合题意，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将湿敏电阻R附着在叶片上，根据“湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大”可知湿敏电阻的阻值变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，利用P=UI判断电路总功率的变化情况.2．下列家用电器中，利用电流热效应工作的是（）A. 抽油烟机B. 电视机C. 电饭锅D. 电风扇【答案】C【解析】【解答】解：抽油烟机、电风扇、主要是把电能转化为机械能，电视机主要是把电能转化为声能和光能，只有电饭锅是把电能转化为内能，是利用电流的热效应．故ABD 不符合题意，C符合题意．故选C．【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能．3．甲、乙两只灯泡，其I﹣U关系图象如图所示．现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A. 1.2WB. 0.8WC. 2WD. 3W【答案】 A【解析】【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A；因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A；根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V；乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V×0.4A=1.2W．故选A．【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率．4．小明家上次査看电能表示数，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（）A. 他家在这段时间内消耗的电能为903kw·hB. 电能表是测量电功率的仪表C. 若只让一个标有“220V 1000w”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转D. 这个电能表的额定功率为2200W【答案】 C【解析】【解答】A.根据电能表窗口示数差计算消耗的电能为8633.5kw.h-8543.2kw.h=90.3kw.h，A不符合题意；B.电能表是测量电功的仪表，B不符合题意；C.电热水器消耗的电能为，电能表实际转数为， C符合题意；D.电能表的最大电功率为， D不符合题意。
【物理】初三物理电功率解题技巧分析及练习题(含答案)
【物理】初三物理电功率解题技巧分析及练习题(含答案)一、电功率选择题1．如图甲所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω，电压表的量程为0～15V．电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。
则下列结果正确的是（）A. 电源电压为20VB. R1的阻值为5ΩC. 为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为4～30ΩD. 开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W【答案】 D【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压。
（1）由图乙可知，当R2＝10Ω时U1＝12V，当R2′＝20Ω时U1′＝8V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流分别为：I＝＝，I′＝＝，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，电源的电压：U＝I（R1+R2）＝I′（R1+R2′），即（R1+10Ω）＝（R1+20Ω），解得：R1＝10Ω，B不符合题意；电源的电压U＝I（R1+R2）＝ ×（10Ω+10Ω）＝24V，A不符合题意；（2）当电压表的示数U1″＝15V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的电流：I大＝＝＝1.5A，此时滑动变阻器两端的电压：U2小＝U﹣U1″＝24V﹣15V＝9V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小＝＝＝6Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Ω～30Ω，C不符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，则P小＝＝＝14.4W，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】由图乙可知，当R2的阻值为10Ω和20Ω时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压.当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，据此得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据电阻的串联和P=UI=求出电路的最小功率.2．下列估测值最接近生活实际的是（）A. 人骑自行车的平均速度约为0.5m/sB. 中学生的质量约为200kgC. 初中物理课本的宽度约为18cmD. 日光灯正常工作的电功率约为1000W【答案】 C【解析】【解答】解：A、人步行的速度在1.1m/s左右，骑自行车的速度在5m/s左右，A 不符合实际；B、中学生的质量在50kg左右，B不符合实际；C、初中物理课本的宽度约为18cm，C符合实际；D、日光灯正常工作的电功率在40W左右，D不符合实际。
初中物理-九年级物理上册第18章电功率·重难点(一)
学校： 班别： 姓名：第18章电功率·重难点精准培（一）3.（2017•齐齐哈尔）小宇同学学习了电能的知重难点1·电能表及其相关计算 解题技巧：识后，回到家里观察电能表．小宇家的电能表如 图所示，则小宇家里所有用电器同时工作时的总 电能表的读数方法： 功率不得超过 W ；若小宇只让家中的热 水器工作，经过30s ，电能表的转盘转了30转， W ．①W=W 月底- W 月初 则该用电器的功率是②1.（2017•六盘水）小明家电能表本月初的示数 为 08216，本月底的示数如图所示，小明家本月 消耗的电能为kw •h ，如4.（2016•岑溪市一模）小明家的电能表上标有 “3200imp/（kW •h ）”字样，当他家只开某个用 电器时，发现10min 内电能表指示灯闪烁了32 次，该用电器10min 内消耗的电能为 kW •h 果按 0.5元/（kw •h ）的电价 计费。
本月应付电费元，该电能表的参数表明，小明家 能同时使用的用电器总功率 不得超过W.5.（2017•平南县一模）小平家中电能表如图， 若用电器的总功率为2000W ，5min 内家庭电路消 2.（2017•泸州）电能表是量度的仪表，如图所示的电能表，所连接的用电器工作 耗的电能为 转盘转了J ，此段时间内该电能表 时总功率不能超过 W ，只有一个用电器 工作时，6min 内转盘正好转过 100圈，该用电 W 。
圈。
器的电功率为重难点2·额定电功率和实际电功率 重难点3·利用I-U 图象求解电功率解题技巧：1．（2017•吉林）如图是小灯泡 L 和定值电阻 R 的电流与电压关系的图象．现将它们并联后接在 电压为2V 的电源两端，则干路中的电流是（1）P 实＝U 实I 实A ，小灯泡L 的实际电功率是 WU实2 （2）电阻不变时 P 实＝I 实 2R = R 1.（2018•娄底）现有“220V 100W “的电灯泡一只，将它接在电压为“110V ”的电路中，实际功 率为 作W ，消耗1kW •h 的电能可供它连续工 h （假设灯丝电阻不变）第11题第12题2．（2014•柳州）A 、B 两个电阻的U-I 图象如图所示。
第2节 电功率九年级上册物理教科版
(3)开关S1闭合后，电路中的最小功率。
解：灯泡L 的电阻RL=UPLL2 =(63VW)2 =12 Ω，当开关S1闭
合、S2 断开，滑动变阻器的滑片P 在中点时，灯泡L 和滑动变阻器串联，此时电路中的总电阻
R 总=IU2=06.25V A=24 Ω，
滑动变阻器接入电路中的电阻
连接方式
串联
并联
电பைடு நூலகம்图
现象
L2 亮，L1 暗； L1 亮，L2 暗；
U2>U1
I1>I2
分析 结论
L1、L2 组成串联电路， 故通过L1、L2 的电流 相同，U2>U1 说明L2 两 端的电压大于L1 两端的 电压；L2 亮说明L2 的
电功率大
L1、L2 并联在电路中， 故L1、L2 两端的电压相 同，I1>I2 说明通过L1 的 电流大于通过L2 的电流； L1 亮说明L1 的电功率大
kW·h。
解题秘方：计算相同时间内节能灯所节省的电能时，先分 别求出节能灯与白炽灯在这段时间内各自消耗的电能，然 后用求差的方法求出可节省的电能。
解析：100只节能灯正常发光2 h 消耗的电能 W=5863.5kW·h－5 8 6 1 . 3 kW·h= 2.2 kW·h，1 只节能灯消
耗的电能W′= 1W00= 2.21k0W0 ·h=0.022 kW·h=79 200 J，
特别提醒 已知灯泡正常工作时的电压和电功率，求其正常工作
时的电流，可用公式P=UI 的变形式I=UP 求得。
(1)电源电压；
解析：当开关S1、S2 均闭合，滑动变阻器的滑片P 在 最左端时，灯泡L 与定值电阻R 并联，此时灯泡L 正 常发光，由并联电路的电压特点可知，电源电压 U=UL=6 V。
初中物理电功率技巧(很有用)及练习题及解析
初中物理电功率技巧(很有用)及练习题及解析一、电功率选择题1．如图甲所示，已知电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 0.5A”。
闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。
在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（）A. 电源电压为9VB. R1的阻值为20ΩC. 滑动变阻器的取值范围是2Ω~20ΩD. 电路总功率的变化范围是2W~3W【答案】C【解析】【解答】结合电路图和乙图可得：，；解得：，电源电压为：，AB不符合题意；已知电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器R2的规格为“20Ω 0.5A”，因为串联时电流相等，故电路最大电流为0.5A，此时电路总电阻为：，则滑动变阻器最小电阻为：；当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V，小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20Ω，则滑动变阻器接入电路的取值范围是2Ω~20Ω；最小电流为：，电路最小功率为：；电路最大功率为：。
故答案为：C。
【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻R1的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.2．如图所示，电源电压恒定不变。
闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，由此可知（）A. 电源电压为7VB. R1的阻值为20ΩC. 电路消耗的最小功率为1.2WD. 滑片P在b端时，10秒内R1产生的热量为12J【答案】 C【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由“闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，”可知，R2两端电压为4V，ac两端电压Uac=3V，当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流I=0.2A，当滑片P由b端移到某点c时，电流I=0.3A，设电源电压为U，则，解得R1=10Ω，U=6V，AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片P在b端时，R1与R2串联，由P=UI可得，电路消耗的最小功率P=UI=6V×0.2A=1.2W，C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联电路的电压特点可得，R1两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V，10秒内R1产生的热量Q=W=U1It=2V×0.2A×10S=4J，D不符合题意。
【物理】初中物理电功率技巧和方法完整版及练习题
【物理】初中物理电功率技巧和方法完整版及练习题一、电功率选择题1．一台额定电压为220V的电动机，正常工作时通过的电流为5A，发热损失的功率为25W，则其线圈电阻是（）A. 1ΩB. 5ΩC. 44ΩD. 1100Ω【答案】A【解析】【解答】算线圈电阻时应该通过发热功率来计算，即由Q=I2R可得。
故答案为:A.【分析】知道正常工作时通过的电流和发热损失的功率，根据P=I2R的变形公式R=P/I2电动机线圈的电阻．2．即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（）A. 运动会比赛中100m冠军的成绩约为8sB. 教室电脑的功率约为1200WC. 教室门高约为200cmD. 上课时教室内的温度一般在45°C左右【答案】C【解析】【解答】解：A、男子百米世界纪录略小于10s，学校运动会比赛中100m冠军的成绩约为12s，故A不符合实际；B、教室电脑的功率约为200W，故B不符合实际；C、中学生的身高在160cm左右，教室门高于中学生身高，约为2m=200cm，故C符合实际；D、夏天，室外温度可能超过35℃，教室内温度要低于35℃，不可能达到45℃．故D不符合实际．故选C．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．3．小龙家上月初电能表示数为，电能表的部分参数及上月末的示数如图所示，表盘上“3200imp/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，下列选项正确的是（）A. 小龙家上月消耗的电能为680kW•hB. 小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200WC. 指示灯闪烁的次数越多，电能表所在电路接入的用电器总功率越大D. 断开其它用电器，只让阻值是100Ω的电热棒单独工作3min，指示灯闪烁64次，此时小龙家的实际电压是200V【答案】D【解析】【解答】解：A、电能表的读数时，最后一位是小数，单位kW•h，小龙家上月消耗的电能为772.3kW•h ﹣704.3kW•h=68kW•h，故A错；B、小龙家同时使用的用电器最大总功率P=UI=220V×20A=4400W，故B错；C、电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，而指示灯闪烁的次数多表示，电能表所在电路消耗的电能多，总功率不一定大，故C错；D、电能表上的指示灯闪烁了64次消耗的电能：W= kW•h=0.02kW•h；电热棒的电功率：P= = =0.4kW=400W．由P= 得实际电压：U= = =200V，故D正确．故选D．【分析】（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW•h；求出本月消耗的电能；（2）10（20）A，10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求小龙家同时使用的用电器最大总功率；（3）电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢；（4）3200imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁64次消耗的电能；根据公式P= 求出电热棒的电功率，再利用P= 求实际电压．4．如图为探究“焦耳定律”的实验装置。
初中物理《电功率》单元知识点及练习题【可编辑全文】
可编辑修改精选全文完整版初中物理《电功率》单元知识点及练习题一、知识规范表述1．电能：（1）电能的单位：焦耳，简称焦（J）。
常用单位：千瓦时（kW·h）。
1kW·h=3.6×106J。
（2）电能表（电度表）的作用：测量用电器在一段时间内消耗的电能。
2．电功：用符号W 表示。
（1）定义：电流所做的功叫做电功.（2）单位：J。
（3）电功公式：W=UIt。
（4）电流做功的实质：电流做功的过程就是电能转化为其他形式的能的过程。
3．电功率：用符号P 表示。
（1）物理意义：表示消耗电能（电流做功）快慢的物理量。
（2）定义：①电功与时间的比值叫做电功率。
②单位时间内消耗的电能（电流在单位时间内所做的功）叫做电功率。
（3）公式：P= W/t。
（4）单位：瓦特，简称瓦（W）。
另有单位千瓦（kW），1kW=1000W。
（5）电功率和电流、电压的关系：P=UI。
4．额定电压、额定功率：（1）额定电压：用电器正常工作时的电压；（2）额定功率：用电器在额定电压下工作的功率；（3）用电器的电阻与额定电压、额定功率的关系：R=。
5．电流的热效应：（1）概念：电流通过导体时，电能转化为内能的现象。
（2）焦耳定律：①内容：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比、跟通电时间成正比。
②公式：Q=I2Rt。
（3）利用电流热效应，制成电热器。
三、达标检测第1 节电能电功1.（1.1、1.4）下列家用电器中，将电能转化为机械能的是：（）A.电视机B.电灯C.电风扇D.电熨斗2.（1.2、1.3）小雷家电能表上月底的示数为，本月底的示数如图所示，她家本月消耗电能为________kW·h.该电能表的转盘转过1 500 转时，消耗的电能为________kW·h.3.（1.5）某次雷电的电流是2×104 A，电压约为1×108 V，放电时间约为0.001 s，这次雷电释放的能量是.4.（1.5）加在导体两端的电压为3V,通电2min，电流做功360J,则该导体的电阻为Ω。
(文末附答案)人教版2022年初中物理电功和电功率考点题型与解题方法
(每日一练)(文末附答案)人教版2022年初中物理电功和电功率考点题型与解题方法单选题1、某灯泡直接连在电压不变的电源两端，灯泡的电功率为16瓦，现通过长导线将该灯泡连接到原来的电源上，灯泡的电功率为9瓦，若灯泡的电阻不变，则长导线消耗的电功率为（）A．7瓦B．5瓦C．3瓦D．1瓦2、对于图中的各种数据，下列说法不正确的是（）A．电能表正常工作时的电压一定为220V，电流一定为10AB．每消耗1kW·h的电能，电能表的转盘转3000转C．同时使用的用电器总功率不能超过2200WD．电能表读数的单位是kW·h3、进入汛期以来，多地发生强降雨，人们在防汛的同时还要注意用电安全。
下列做法正确的是（）A．雷雨天站在大树下避雨B．手上有水时拔用电器的插头C．雷雨天在室外使用手机打电话D．发现有人触电时，不能直接去碰触电的人4、进入汛期以来，多地发生强降雨，人们在防汛的同时还要注意用电安全。
下列做法正确的是（）A．雷雨天站在大树下避雨B．手上有水时拔用电器的插头C．雷雨天在室外使用手机打电话D．发现有人触电时，不能直接去碰触电的人5、某家庭电路如图所示，下列说法正确的是（）A．灯泡两端的电压是36VB．灯泡L1和L2串联C．开关S1的位置正确D．开关S2只控制灯泡L26、中考体检时用到了身高测量仪。
小明为其设计了如图所示的电路，其中电源两端电压保持不变，R0是定值电阻，R是滑动变阻器的电阻，滑动变阻器的滑片P跟滑杆的一端连接。
滑片P的位置随人身高改变而改变，从而引起显示仪的示数发生改变。
下列说法中正确的是（）A．显示仪是由电流表改装成的B．被测身高越高，通过电阻R的电流越小C．被测身高越高，电阻R0两端的电压越小D．被测身高越高，电路的总功率越大7、小明家的灯不亮了，他用测电笔检查时发现测电笔的氖管仍能发光，保险丝和灯泡都完好，分析发生此故障的原因是（）A．停电了B．进户的火线断了C．火线与零线相碰了D．零线断了8、图为试电笔的结构图。
初中物理电功率计算难题(含解析)
初中物理电功率计算难题(含解析)她设计了如图所示的电路，其中电源电压为12V，电热器中的三根电热丝分别为R1、R2、R3，电热丝R1的功率随电流变化的图象如图1所示。
在开关S1、S2都断开或都闭合所形成的两个电路状态中，电压表示数之比为1：5.电热丝R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：1，电流表的最大示数为2A。
求：1）电热丝R3的阻值；2）电源两端的电压；3）这个电热器在不同档位的电功率分别是多少瓦？二．解题思路及方法1．根据欧姆定律，可以列出各个电路状态下的电阻和电流的关系式，结合题目所给条件，解出所求。
2．利用电功率公式P=UI，根据电路状态下的电阻和电流求出电功率，结合题目所给条件，解出所求。
3．根据欧姆定律和电功率公式，列出各个电路状态下的电阻、电流和电功率的关系式，结合题目所给条件，解出所求。
4．根据欧姆定律和电功率公式，列出各个电路状态下的电阻、电流和电功率的关系式，结合题目所给条件，解出所求。
5．根据欧姆定律和电功率公式，列出各个电路状态下的电阻、电流和电功率的关系式，结合题目所给条件，解出所求。
三．解答1．（1）根据欧姆定律和电路图，可得：begin{cases}I_1 = \frac{V_1}{R_2+R_3}\\I_2 = \frac{V_2}{R_2}\\I_3 = \frac{V_1}{R_2}+\frac{V_2}{R_3}\\I_4 = \frac{V_1}{R_2+R_3+R_L}end{cases}又已知$begin{cases}frac{R_2}{R_3}=\frac{1}{2}\\frac{I_3}{I_4}=\frac{R_2+R_3}{R_2}\\P_L=\frac{V_1^2}{(R_2+R_3)^2+R_L^2}=0.24end{cases}解得$2）根据题意，$P_L=I_4^2R_L=0.24W$，代入$I_4$的表达式可得：frac{V_1^2}{(R_2+R_3)^2+R_L^2}=\frac{0.24}{R_L}化___：V_1^2=\frac{0.24(R_2+R_3)^2R_L}{R_L-0.24}=\frac{0.24\times 3^2\times R_L}{R_L-0.24}又已知$frac{V_1}{V_2}=\frac{R_2}{R_3}+1=3解得$R_2=6\Omega$，$R_3=3\Omega$，$V_1=3V$，$V_2=1.5V$。
通用版初中物理九年级物理全册第十八章电功率题型总结及解题方法
通用版初中物理九年级物理全册第十八章电功率题型总结及解题方法单选题1、如图所示，闭合开关S1，电灯L1、L2都能发光。
再闭合开关S2，观察到灯泡的发光情况是（）A．L1、L2都变亮B．L1变亮、L2不亮C．L1、L2都变暗D．L1不亮、L2变亮答案：D由题意可知当闭合开关S2后，L1将被短路，L2有电流可以正常通过，故L1不亮，L2两端的电压将比之前变大，根据电功率公式P=U2 R电压变大，实际功率变大，L2将变亮，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
2、如图是小李家电火锅的简化电路图，由图可知（）A．R1和R2是串联的B．开关S1控制整个电路C．只闭合开关S，是高温档D．开关S和S1都闭合，是高温档答案：DA．R1和R2的左端与左端相连，右端与右端相连，R1和R2是并联的，故A不符合题意；B．开关S在干路上，开关S1在支路上，开关S控制整个电路，开关S1控制R2，故B不符合题意；C．只闭合开关S，电路中只有R1工作，电路电阻较大，是低温档，故C不符合题意；D．开关S和S1都闭合，R1和R2是并联的，电路电阻较小，是高温档，故D符合题意。
故选D。
3、关于电功、电能和电功率的下列说法中，正确的是（）A．千瓦时是电功率的单位B．电功率是表示电流做功多少的物理量C．单位时间内电流做功越多，电功率就越大D．用电器电功率越大，消耗的电能越多答案：CA．千瓦时是电功的单位，千瓦是电功率的单位，故A错误；B．电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大表示做功快，电功率小表示做功慢，故B错误；可知，单位时间电流做功越多，电功率越大，故C正确；C．根据P=WtD．根据W=Pt可知，用电器电功率越大，消耗的电能不一定越多，因为时间不确定，故D错误。
故选C。
4、如图所示是分别通过甲、乙两段导体的电流和其两端电压的图线，分别将甲、乙两导体串联和并联后接在同一电路中，下列说法正确的是（）A．甲、乙串联时，甲、乙消耗的电功率相同B．甲、乙并联时，甲、乙消耗的电功率相同C．甲、乙串联时，甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率D．甲、乙并联时，甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率答案：CAC．由图像可知，通过两电阻的电流和电阻两端的电压成正比，即两电阻为定值电阻，由图像可知，当U 甲=U乙=4V时，I甲=0.4A，I乙=1.0A，根据欧姆定律可得两电阻的阻值分别为R 甲=U甲I甲=4V0.4A=10ΩR 乙=U乙I乙=4V1.0A=4Ω比较可知R甲>R乙；甲、乙串联时，串联电路各处电流相等，由P=I2R可知甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率，故A错误，C正确；BD．甲、乙并联时，并联电路各支路两端电压相等，由P=U2R可知甲消耗的电功率小于乙消耗的电功率，故BD错误。
中考物理电功率解题技巧及练习题
中考物理电功率解题技巧及练习题一、电功率选择题1．共享电动车不仅环保节能而且为人们的出行带来了很大方便。
已知某品牌共享电动车的电动机线圈内阻一定，转轴卡住不能转动时，线圈两端电压为48V，电流为12A．当电动车在水平地面上以18km/h的速度匀速直线行驶时，线圈两端电压仍然为48V，电流为2A，则下列说法正确的是（）A. 电动机线圈电阻为24ΩB. 电动机的机械功率为96WC. 电动机的效率是66.7%D. 电动车前进时受到的阻力为16N【答案】 D【解析】【解答】解：（1）因电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，所以，由I＝可得，电动机线圈的电阻：R＝＝＝4Ω，A不符合题意；（2）当在水平地面上以v＝18km/h＝5m/s的速度匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，此时电动机消耗的电功率：P M＝UI′＝48V×2A＝96W，电动机线圈电阻消耗的热功率：P R＝（I′）2R＝（2A）2×4Ω＝16W，电动机的机械功率：P机械＝P M﹣P R＝96W﹣16W＝80W，B不符合题意；电动机的效率：η＝ ×100%＝×100%≈83.3%，C不符合题意；因电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以，由P＝＝＝Fv可得，电动车前进时的牵引力即受到的阻力：f＝F＝＝＝16N，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】结合题意，电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，根据欧姆定律I＝求出电动机线圈的电阻；当在水平地面上匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，根据P=UI求出此时电动机消耗的电功率，根据P=I2R求出电动机线圈电阻消耗的热功率，利用nη＝×100%求出电动机的效率；电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，利用P＝＝＝Fv求出电动车前进时的牵引力即受到的阻力.2．如图所示，电源电压恒定不变。
初中物理电功率专题及详细解析
初中物理电功率专题及详细解析【典型例题】类型一、基础知识 1、（多选）如图所示，电源电压U=12V 且保持不变，电阻R 为定值电阻。
当开关S 闭合后，如果要使电路消耗的总功率稍稍变化一些，则可行的办法是（ ）A ．给R 串联一个较小的电阻B ．给R 并联一个较小的电阻C ．给R 串联一个较大的电阻D ．给R 并联一个较大的电阻【思路点拨】由电功率的计算公式RU P 2=可知：电压不变，当总电阻减小时，电路的总功率增大；当总电阻增大时，电路的总功率减小。
【答案】AD【解析】根据串、并联电路的特点可知：总电阻变小，需要并联一个电阻，电路消耗的总功率稍稍变化，所以需要并联一个较大的电阻；总电阻变大，需要串联一个电阻，电路消耗的总功率稍稍变化，所以需要串联一个较小的电阻。
【总结升华】本题综合考查电路中总电功率和总电阻的关系以及串、并联电路电阻的特点，熟练掌握串、并联电路电阻变化的规律即可轻松解题。
举一反三【变式】有一个“6V 3W ”的小电灯，用8伏的电源做实验，测定小电灯的额定功率，所选滑动变阻器的最大阻值不得小于多少欧？ 【答案】4Ω2、一台“220V 、1000W ”的电炉，想把它改装后接到110伏的电源上，但功率保持不变，以下哪个措施是正确的（ ）A 、将电炉丝截掉一半后接入电路B 、将电炉丝截掉四分之三接入电路C 、将电炉丝分成等长的两段，然后并联接入电路D 、将电炉丝截掉四分之一后接入电路【思路点拨】由公式RU P 2=可知：当实际电压变为额定电压的一半时，实际电压的平方就变为额定电压平方的1/4，要想电功率不变化，电阻阻值就要减小为原来阻值的1/4。
【答案】C【解析】根据题意要求额实U U 21=时，P 实=P 额。
由R U P 2=可知要满足题设条件，只有改变电阻R ，才能满足要求。
由222222441R U R UR U P 额额实实===若时1241R R =，P 实才能等于P 额。
初中物理电功率解题技巧及经典题型及练习题(含答案)及解析
初中物理电功率解题技巧及经典题型及练习题(含答案)及解析一、电功率选择题1．如图甲所示电路中，电源电压可调，灯L1、L2的额定电压均为6V，L1、L2的I﹣U图象如图乙所示，闭合开关S，逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（）A. L1正常发光B. 电源电压为12VC. 电路总电阻为30ΩD. 电路总功率为2.4W【答案】D【解析】【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流I1=0.6A、I2=0.3A，由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A，则L2正常发光，故A错误；由图乙可知，L1两端的电压U1′=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U1′+U2=2V+6V=8V，故B错误；由I= 可得，电路总电阻：R= = ≈26.7Ω，故C错误；电路的总功率：P=UI=8V×0.3A=2.4W，故D正确．故选D．【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电路的总功率．2．将标有“6V 3W”和“6V 2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）A. 两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮B. 两只小灯泡都能正常发光C. 通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮D. 两只小灯泡的总功率小于2W【答案】 D【解析】【解答】甲灯的电阻R1==12Ω，乙灯的电阻R2==18Ω，甲灯的实际功率P甲=I2R1，乙灯的实际功率P乙=I2R2，因为R1＜R2，所以P甲＜P乙，所以乙灯亮，两灯串联后电流相同，但两端的电压都小于额定电压，所以都不能正常工作，故ABC错误，两灯消耗的总功率P总==1.2W＜2W，故D正确．故选D．3．小明对教室中一些物理量的估测，合理的是（）A. 黑板擦受到的重力约为100NB. 课桌的高度约为80cmC. 教室内一盏日光灯的功率约为1000WD. 教室内感觉比较舒适的温度约为37℃【答案】 B【解析】【解答】解：A、黑板擦受到的重力约为1N，所以A不符合实际情况；B、课桌的高度约为80cm，所以B符合实际情况；C、教室内日光灯正常发光时的电流在0.2A左右，额定功率大约为P=UI=220V×0.2A=44W 左右．所以C不符合实际情况；D、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，所以D不符合实际情况．故选B．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用．4．某型号电饭锅具有保温与加热两种功能，其简化电路如图所示，R1、R2均为电热丝．下列说法正确的是（）A. S1、S2闭合时，电饭锅处于加热状态B. S1、S2闭合时，电饭锅处于保温状态C. S1闭合、S2断开时，电饭锅处于加热状态D. S1断开、S2闭合时，电饭锅处于保温状态【答案】A【解析】【解答】解：由电路图可知，当S1、S2闭合时，R1短路，电路中只有R2；当S1闭合、S2断开时，R1， R2串联，S1断开、S2闭合时，整个电路断开，电饭锅不工作；可见，当S1、S2闭合时，电路中电阻最小，当S1闭合、S2断开时，电路中电阻较大，由P= 可知，当S1、S2闭合时，电功率最大，处于加热状态；当S1闭合、S2断开时，电功率较小，处于保温状态．故A正确、BCD错．故选A．【分析】根据P= 可知，在电源电压不变时，电路中电阻越小，电功率越大，即为加热状态，反之为保温状态．据此分析判断．5．图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）A. B. C.D.【答案】 C【解析】【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流．若电源提供的电流恒定为I总，AB、根据并联电路特点可知：U=U0=I0R0=（I总﹣I）R0=﹣IR0+I总R0，其中I总、R0为定值，由U=﹣R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且﹣R0＜0，故AB错误；CD、由电功率的计算公式：电路消耗总功率：P=UI总=（I总﹣I）R0×I总=﹣I总R0I+I总2R0，其中I总、R0为定值，由P=﹣I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，﹣I总R0＜0，且I不能为0，P不会为0，故C正确，D错误．故选C．【分析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流．电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可6．即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（）A. 运动会比赛中100m冠军的成绩约为8sB. 教室电脑的功率约为1200WC. 教室门高约为200cmD. 上课时教室内的温度一般在45°C左右【答案】C【解析】【解答】解：A、男子百米世界纪录略小于10s，学校运动会比赛中100m冠军的成绩约为12s，故A不符合实际；B、教室电脑的功率约为200W，故B不符合实际；C、中学生的身高在160cm左右，教室门高于中学生身高，约为2m=200cm，故C符合实际；D、夏天，室外温度可能超过35℃，教室内温度要低于35℃，不可能达到45℃．故D不符合实际．故选C．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．7．小芳同学在做电学实验时，实物图如图所示，电源电压恒为 4.5V，电压表量程“0﹣3V”，灯L标有“2.5V 1.25W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，在不损坏电路元件的情况下进行实验，下列说法正确的是（）A. 灯泡的最小功率是0.162WB. 该电路的最大功率是4.05WC. 电路中电流变化的范围是0.3A﹣0.4AD. 滑动变阻器的阻值应在4Ω﹣10Ω之间变化【答案】D【解析】【解答】解：A灯泡与滑动变阻器串联,滑动变阻器接入电路中的电阻最大（电压表的示数是3V时），电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：U L′＝U﹣U滑大＝4.5V﹣3V＝1.5V，“2.5V 1.25W”R L＝ ,电路中的最小电流：I小＝＝0.3A，P L最小＝1.5V×0.3A＝0.45W，A不符合题意；电路中的电流I最大＝＝0.5A所以，电路中电流范围是0.3A～0.5A，C不符合题意；P最大＝UI最大＝4.5V 0.5A＝2.25A,B不符合题意；电路中电流最大时电阻最小R最小＝＝9 ,则R滑小＝9，电路中电流最小时电阻最大R最大＝＝15 ,则R滑大＝15，D符合题意。
初中物理电功率练习题及答案
初中物理电功率练习题及答案【典型例题】类型一、电功率的概念1.（多选）下列说法中，正确的是（）A．电功率是表示电流做功多少的物理量B．电功率是表示电流做功快慢的物理量C．用电器的电功率越大，做功越多D．相同时间内，功率大的用电器耗电一定多【思路点拨】电功率是表示电流做功快慢的物理量，不是表示电流做功多少的物理量，做功的多少不仅与功率有关还与做功时间的多少有关，是由两个量共同决定的【答案】BD【解析】单位时间内电流做功的多少叫电功率，是表示电流做功快慢的物理量，电功率大说明做功快，但不一定多，由此可知A错，B对，C错；从公式W=Pt上看，相同时间内，消耗功率大的用电器耗电定多，D对。
【总结升华】题目主要考查了电功率概念的理解，电功率是表示电流做功快慢的物理量，单位时间内电流做的功。
理解电功率的定义和物理意义是解题的关键。
举一反三：【变式】（2015•营口模拟）有几位同学对电功率这个概念，有以下几种理解，你认为正确的是（）A．电功率是表示电流通过用电器时做功多少的物理量B．电功率是表示电流通过用电器时做功快慢的物理量C．电功率大的用电器工作时消耗的电能一定多D．电功率大的用电器工作时所用的时间一定少【答案】B类型二、电功率的计算2.如图1所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V。
闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I-U关系图象如图2所示。
则小灯泡的额定功率为W，电源电压为V，滑动变阻器的最大阻值为Ω。
【思路点拨】本题对同学的审题、识图能力要求较高，另外需要注意小灯泡的电阻是可变的，所以在解滑动变阻器电阻时找准对应点，算出此时小灯泡的电阻是解题的关键【答案】24；12；9【解析】由图象知，在灯泡两端电压为U额=12V时，通过的电流为I额=2A所以灯泡的额定功率为P额=U额I额=12V×2A=24W；当滑片位于最左端时，滑动变阻器阻值为0，此时灯泡两端电压等于电源电压所以电源电压为U=U 额=12V；当滑片在最右端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象知，此时灯泡两端电压为U L =3V，电路电流为I=1A，所以滑动变阻器两端电压为：U R =U-U L =12V-3V=9V，滑动变阻器的最大阻值为：991R U VR I A===Ω。
初中物理《电功率》解答、计算题专项训练与解析
精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！九年级物理《电功率》解答、计算题专项训练与解析解答与计算题（共12小题）1．“220V 40W”“220V 100W”二盏电灯并联在110V的电路中，求它们的实际功率分别为多少？哪个电灯亮？它们的总功率是多少？功率之比为多少？2．标有“10V10W”、“10V20W”的灯L1和L2串联，已知某一电灯正常发光，另一个灯比较暗，则较暗灯的实际功率为多少？3．“6V 3W”和“6V 6W”的两盏电灯，串联接在6V的电源上，求它们的①实际功率分别为多少？②哪个电灯亮？③它们的总功率是多少？④功率之比为多少？4．如果将“220V 40W”、“220V 100W”两灯串联在220V的电路中，求它们的实际功率分别为多少？此时哪个电灯亮？5．如图所示，已知R1=10Ω，R2=20Ω，R3=30Ω，求它们的功率P1：P2：P3之比．6．某电熨斗内有两段电热丝，其简化电路如图，它在220V或110V电压下都能正常工作：110V时将S打至1挡，220V时将S打至2挡，这两种情况下电熨斗的电功率均为1100W．求：（1）电熨斗正常工作5分钟消耗多少电能；（2）电熨斗在220V电压下正常工作时的电流是多大；（3）两电热丝的电阻之比多大？7．荣威e950插电式混合动力汽车于今年3月正式上市，百公里平均油耗约1.7升．它有两种动力系统，汽车加速，汽油机提供的动力不足时，蓄电池的电能转化为动能，使汽车加速更快；汽车减速，汽车动能转化为电能，由蓄电池贮存起来，减少能量的消耗．两种动力系统也可独立工作，只有汽油机工作时，与一般的汽车相同；只使用电力时，由电动机提供动力．如表是国产某混合动力汽车蓄电池的铭牌，其中电池容量是蓄电池贮存的最大电能（储存电能的本领是表示电池容量的另一方式），该汽车匀速行驶时受到的阻力为144N，求：（1）在家庭电路中对放电完毕的蓄电池充满电要多长时间？（2）该汽车匀速行驶100km过程中牵引力做的功为多少？（3）蓄电池充满电后，仅由电动机提供动力，电能转化为机械能的效率为60%，汽车匀速持续行驶的最大距离是多少km？（4）假设汽车受到的阻力不变，仅由汽油机提供动力，汽油的热值为5.0×107J/L（即焦耳/升），汽油机的效率为30%，汽车匀速行驶100km的油耗是多少升．电池容量44kW•h充电电压220V充电电流20A输出电压150V8．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡上标有“6V 6W”字样，小灯泡的电流跟其两端电压关系如图乙所示，R1：R2=3：1，S闭合，S1接到a且R0滑片在最左端时，电路中电流I为0.15A，R1消耗的功率为P1；S闭合，S1接到b且R0滑片P在最左端时，电路中电流为I′，R0消耗的功率为0.9W，R2消耗的功率为P2，且P1：P2=3：4，则：（1）闭合S且S1接到b时电路中的电流I′是多少？（2）电源电压是多少？（3）当S闭合，S1接到c时，电路中最小电功率是多少？9．小红同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有学生电源（电压为2伏的整数倍，且在2～10伏在之间）、待测小灯、电流表、电压表、滑动变阻器、电键及导线若干，其中待测小灯上只有所标“0.3A”（指小灯正常工作电流）字样清晰可见．小红先将待测小灯与其他器材串联，再将电压表并联在电路中，然后选定某一电源电压进行实验．闭合电键后，变阻器滑片在从一端向另一端移动的过程中，电压表的示数从2.0伏逐渐变小，电流表的示数从0.20安逐渐变大，但小灯始终无法正常发光．经过思考后，她重新选定电源电压并连接电路进行实验，当小灯正常发光时，观察到电压表的指针指在两刻度线之间，如图（a）所示．于是，她仅改变电路中电压表连接的位置再次实验，当小灯正常发光时，电压表的示数如图（b）所示．①根据相关信息，计算说明小灯的额定电压U额．②根据相关信息，计算小灯的额定电功率P额．10．小华用电能表测量家中50L 电热水器的电功率和热效率，他将家中其它用电器与总电源断开，仅让电热水器工作．将热水器注满水后，通过观察液晶屏得知水的温度为30℃，一小时后观察水的温度达到了60℃，加热前后电能表示数如图所示，求：（1）该电热水器的电功率；（2）该电热水器的热效率．11．如图甲、乙、丙分别是江涛网购的速热式电热水器实物图、说明书部分参数及等效工作电路（图中R是给水加热的电阻，电热水器的电阻恒定）则：（1）该热水器正常工作10min消耗的电能是多少？（2）以上消耗的电能转化的内能84%被水吸收，能使20kg的水温度升高多少？（3）用电高峰时，若此热水器两端的实际电压仅为198V，它的实际功率为多少瓦？12．如表是“苏泊尔”牌某型号电热水壶的有关数据：型号SWF17E20C 产品货号SS1224额定电压220V～额定频率50Hz最大容量 1.7L 额定功率1500W（1）如图中是该电热水壶的外观图，其把手上的花纹是为了增大摩擦力；为了安全，应当选用图乙（填“甲”或“乙”）中的电源线．（2）某次在额定电压下烧水，若水壶中水的质量刚好为1L，水温从15℃升高到95℃，则该次烧水过程中水吸收的热量为多少焦耳？【水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（3）若不计热量损失，该次烧水总共用时多少？2017—2018学年人教版九年级物理全册第十八章《电功率》解答、计算题专项训练解析（三）解答与计算题（共12小题）1．“220V 40W”“220V 100W”二盏电灯并联在110V的电路中，求它们的实际功率分别为多少？哪个电灯亮？它们的总功率是多少？功率之比为多少？【考点】电功率的计算．【分析】知道两灯泡的额的电压和额定功率，根据P=求出两灯泡的电阻，二盏电灯并联在110V的电路中，根据并联电路的电压特点和P=求出两灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡较亮，两灯泡实际功率之和即为总功率，进一步求出功率之比．【解答】解：由P=可得，两灯泡的电阻分别为：R1===1210Ω，R2===484Ω，二盏电灯并联在110V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两灯泡的实际功率分别为：P1′===10W，P2′===25W，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，额定功率为100W的灯泡较亮，电路的总功率P=P1′+P2′=10W+25W=35W，功率之比P1′：P2′=10W：25W=2：5．答：两盏灯的实际功率分别为10W、25W，额定功率为100W的灯泡较亮，它们的总功率是35W，功率之比为2：5．【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活运用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．2．标有“10V10W”、“10V20W”的灯L1和L2串联，已知某一电灯正常发光，另一个灯比较暗，则较暗灯的实际功率为多少？【考点】电功率的计算．【分析】知道灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=求出灯泡的额定电流，两灯泡串联时，电路中的电流相等，其中某一电灯正常发光，另一个灯比较暗，则电路中的电流为两灯泡额定电流中较小的，不能正常发光的灯泡为额定电流较大的，根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻，根据P=I2R求出较暗灯的实际功率．【解答】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1===1A，I2===2A，因串联电路中各处的电流相等，且某一电灯正常发光，另一个灯比较暗，所以，此时电路中的电流I=I1=1A，正常发光的灯泡为L1，较暗的灯泡为L2，由I=可得，L2的电阻：R2===5Ω，L2的实际功率：P2′=I2R2=（1A）2×5Ω=5W．答：较暗灯的实际功率为5W．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡串联时能正常发光的为额定电流中较小的．3．“6V 3W”和“6V 6W”的两盏电灯，串联接在6V的电源上，求它们的①实际功率分别为多少？②哪个电灯亮？③它们的总功率是多少？④功率之比为多少？【考点】实际功率．【分析】利用P=求出各自电阻，结合欧姆定律求出串联后的电流，再利用P=I2R求出各自的实际功率，对比实际功率确定亮度，进而求出功率之比．【解答】解：①由P=可得两灯的电阻分别为：R1===12Ω，R2===6Ω，因为两灯串联，则电路中的实际电流为：I===A，因此两灯功率分别为：P1′=I2R1=（）2×12Ω≈1.33W，P2′=I2R2=（A）2×6Ω≈0.67W，②灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，由此可知“6V 3W”的灯较亮；③此时电路中的总功率为：P总=1.33W+0.67W=2W，④功率之比为：==；答：①它们的实际功率分别为1.33W和0.67W；②“6V 3W”的灯较亮；③它们的总功率是2W；④功率之比为2：1．【点评】此题主要考查学生对于电功率的理解和掌握，熟悉电路特点和公式是解题关键．4．如果将“220V 40W”、“220V 100W”两灯串联在220V的电路中，求它们的实际功率分别为多少？此时哪个电灯亮？【考点】电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．【分析】知道两灯泡的额的电压和额定功率，根据P=求出两灯泡的电阻，两灯串联在220V的电路中，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后根据P=I2R求出两灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡较亮．【解答】解：由P=可得，两灯泡的电阻分别为：R1===1210Ω，R2===484Ω，两灯串联在220V的电路中时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I===A，两灯泡的实际功率分别为：P1′=（I1）2R1=（A）2×1210Ω≈20.45W，P2′=（I2）2R2=（A）2×484Ω≈8.18W，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，额定功率为40W的灯泡较亮．答：它们的实际功率分别为20.45W、8.18W；此时额定功率为40W的灯泡较亮．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．5．如图所示，已知R1=10Ω，R2=20Ω，R3=30Ω，求它们的功率P1：P2：P3之比．【考点】电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．【分析】由电路图可知，R2与R3并联后再与R1串联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2与R3的电流之比，然后设出通过R2、R3的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=I2R求出三电阻的电功率，然后求出它们的比值．【解答】解：由电路图可知，R2与R3并联后再与R1串联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R2、R3的电流之比：====，设通过R2的电流为3A，通过R3的电流为2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=I2+I3=3A+2A=5A，则三电阻的电功率分别为：P1=I2R1=（5A）2×10Ω=250W，P2=I22R2=（3A）2×20Ω=180W，P3=I32R3=（2A）2×30Ω=120W，所以，P1：P2：P3=250W：180W：120W=25：18：12．答：三电阻的功率之比P1：P2：P3为25：18：12．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用特殊值法可以简化解答，需要掌握．6．某电熨斗内有两段电热丝，其简化电路如图，它在220V或110V电压下都能正常工作：110V时将S打至1挡，220V时将S打至2挡，这两种情况下电熨斗的电功率均为1100W．求：（1）电熨斗正常工作5分钟消耗多少电能；（2）电熨斗在220V电压下正常工作时的电流是多大；（3）两电热丝的电阻之比多大？【考点】电功的计算；电功率与电压、电流的关系．【分析】（1）已知正常工作的功率和时间，根据W=Pt求消耗的电能；（2）根据P=UI的变形公式求正常工作时的电流；（3）根据P=UI=得R=，在电功率不变时，电阻与电压的平方成正比．【解答】解：（1）因正常工作时功率均为P=1100 W，所以电熨斗正常工作5分钟消耗的电能为：W=Pt=1100W×5×60s=3.3×105J；（2）根据P=UI可得，电熨斗在220V电压下正常工作时的电流：I===5A；（3）根据P=UI=可得R=，两个电压下P1=P2=1100W，故在电功率不变时，电阻与电压的平方成正比，所以==1：4．故答案为：（1）电熨斗正常工作5分钟消耗多少电能为3.3×105J；（2）电熨斗在220V电压下正常工作时的电流为5A；（3）两电热丝的电阻之比为1：4．【点评】本题考查电功、电功率公式的运用，关键是审清题意，难度适中．7．荣威e950插电式混合动力汽车于今年3月正式上市，百公里平均油耗约1.7升．它有两种动力系统，汽车加速，汽油机提供的动力不足时，蓄电池的电能转化为动能，使汽车加速更快；汽车减速，汽车动能转化为电能，由蓄电池贮存起来，减少能量的消耗．两种动力系统也可独立工作，只有汽油机工作时，与一般的汽车相同；只使用电力时，由电动机提供动力．如表是国产某混合动力汽车蓄电池的铭牌，其中电池容量是蓄电池贮存的最大电能（储存电能的本领是表示电池容量的另一方式），该汽车匀速行驶时受到的阻力为144N，求：（1）在家庭电路中对放电完毕的蓄电池充满电要多长时间？（2）该汽车匀速行驶100km过程中牵引力做的功为多少？（3）蓄电池充满电后，仅由电动机提供动力，电能转化为机械能的效率为60%，汽车匀速持续行驶的最大距离是多少km？（4）假设汽车受到的阻力不变，仅由汽油机提供动力，汽油的热值为5.0×107J/L（即焦耳/升），汽油机的效率为30%，汽车匀速行驶100km的油耗是多少升．电池容量44kW•h充电电压220V充电电流20A输出电压150V【考点】电功的计算；能量利用效率；功的计算；燃料的热值．【分析】（1）知道充电电压和电流，根据P=UI求出充电功率，又知道电池的容量，根据P=求出充电时间；（2）汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出牵引力做的功；（3）蓄电池充满电后，根据效率公式求出获得的机械能即牵引力做的功，根据W=Fs求出汽车匀速持续行驶的最大距离；（4）知道汽车匀速行驶100km过程中牵引力做的功，根据效率公式求出汽油完全燃烧释放的热量，根据Q放=Vq求出消耗汽油的体积，然后得出答案．【解答】解：（1）充电时输入功率：P=UI=220V×20A=4400W=4.4kW，由P=可知，充满电的时间：t===10h；（2）因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，汽车受到的牵引力：F′=f=144N，该汽车匀速行驶100km过程中牵引力做的功：W′=F′s=144N×100×103m=1.44×107J；（3）蓄电池充满电后，由η=×100%可得，获得的机械能即牵引力做的功：W机械=Wη=44×3.6×106J×60%=0.9504×108J，s′===6.6×105m=660km；（4）汽车匀速行驶100km过程中牵引力做的功W′=1.44×107J，由η=×100%可得，汽油完全燃烧释放的热量：Q放===4.8×107J，由Q放=Vq可得，消耗汽油的体积：V===0.96L．答：（1）在家庭电路中对放电完毕的蓄电池充满电要10h；（2）该汽车匀速行驶100km过程中牵引力做的功为1.44×107J；（3）汽车匀速持续行驶的最大距离是660km；（4）汽车匀速行驶100km的油耗是0.96L．【点评】本题考查了电功率公式、电功公式、做功公式、效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及二力平衡条件的应用，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度．8．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡上标有“6V 6W”字样，小灯泡的电流跟其两端电压关系如图乙所示，R1：R2=3：1，S闭合，S1接到a且R0滑片在最左端时，电路中电流I为0.15A，R1消耗的功率为P1；S闭合，S1接到b且R0滑片P在最左端时，电路中电流为I′，R0消耗的功率为0.9W，R2消耗的功率为P2，且P1：P2=3：4，则：（1）闭合S且S1接到b时电路中的电流I′是多少？（2）电源电压是多少？（3）当S闭合，S1接到c时，电路中最小电功率是多少？【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【分析】（1）S闭合，S1接到a且R0滑片在最左端时，R1与R0串联；S闭合，S1接到b 且R0滑片P在最左端时，R2与R0串联；已知P1：P2=3：4，根据P=I2R即可求出电流之比，然后即可求出电路中电流为I′；（2）S闭合，S1接到b且R0滑片P在最左端时，已知R0消耗的功率为0.9W，根据P=UI 即可求出R0两端的电压和电阻；根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压，由于电源电压不变，联立两个等式即可求出电源电压；（3）当S闭合，S1接到c时，当滑片位于左端时电路中的总电阻最大电路中的电流最小，根据串联电路的特点求出电路的电流，利用P=UI求出消耗的最小功率．【解答】解：（1））S闭合，S1接到a且R0滑片在最左端时，R1与R0串联；S闭合，S1接到b且R0滑片P在最左端时，R2与R0串联；由P=I2R可得：====；所以，I′=2I=2×0.15A=0.3A；（2）S闭合，S1接到b且R0滑片P在最左端时，由P=UI可得：R0两端的电压U0′===3V；由I=得：R0===10Ω；根据串联电路的特点和欧姆定律得：电源电压U=U2+U0′=I′R2+U0′=0.3A×R2+3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①S闭合，S1接到a且R0滑片在最左端时，R1与R0串联；根据串联电路的特点和欧姆定律得：电源电压U=U1+U0=IR1+IR0=0.15A×R1+0.15A×10Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②已知：R1：R2=3：1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③解①②③可得：U=6V；（3）当S闭合，S1接到c时，R L与R0串联；由于滑片位于左端时电路中的总电阻最大电路中的电流最小，根据灯泡和定值电阻R0的电压与电流的图象可知：当I=0.5A时，灯泡两端的电压为1V，定值电阻R0两端的电压为5V，则灯泡和定值电阻R0两端的电压之和为6V，所以P最小=UI最小=6V×0.5A=3W．答：（1）闭合S且S1接到b时电路中的电流I′是0.3A；（2）电源电压是6V；（3）当S闭合，S1接到c时，电路中最小电功率是3W．【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道图象的分析．9．小红同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有学生电源（电压为2伏的整数倍，且在2～10伏在之间）、待测小灯、电流表、电压表、滑动变阻器、电键及导线若干，其中待测小灯上只有所标“0.3A”（指小灯正常工作电流）字样清晰可见．小红先将待测小灯与其他器材串联，再将电压表并联在电路中，然后选定某一电源电压进行实验．闭合电键后，变阻器滑片在从一端向另一端移动的过程中，电压表的示数从2.0伏逐渐变小，电流表的示数从0.20安逐渐变大，但小灯始终无法正常发光．经过思考后，她重新选定电源电压并连接电路进行实验，当小灯正常发光时，观察到电压表的指针指在两刻度线之间，如图（a）所示．于是，她仅改变电路中电压表连接的位置再次实验，当小灯正常发光时，电压表的示数如图（b）所示．①根据相关信息，计算说明小灯的额定电压U额．②根据相关信息，计算小灯的额定电功率P额．【考点】电功率的测量．【分析】根据“当小灯正常发光时，观察到电压表的指针指在两刻度线之间，如图（a）所示．于是，她仅改变电路中电压表连接的位置再次实验，当小灯正常发光时，电压表的示数如图（b）所示”可判断（a）（b）所示选用的电压表的量程，根据串联电路电压的规律，得出电源电压的范围，根据电压为2伏的整数倍，且在2～10伏在之间，求出电源电压；因灯的额定电压大于4V，根据串联电路电压的规律得出灯的额定电压U额，根据P额=UI求灯的额定功率．【解答】解：①她重新选定电源电压并连接电路进行实验，当小灯正常发光时，观察到电压表的指针指在两刻度线之间，如图（a）所示．于是，她仅改变电路中电压表连接的位置再次实验，当小灯正常发光时，电压表的示数如图（b）所示，说明（a）所示选用是电压表的大量程（分度值为0.5V），示数可能在6V﹣6.5V；（b）所示选用电压表的小量程（分度值为0.1V），示数为1.7V；根据串联电路电压的规律，电源电压在6V+1.7V﹣6.5V+1.7V，因电压为2伏的整数倍，且在2～10伏在之间，故电源电压为8V；因灯的额定电压大于4V，②故灯的额定电压只能为U额=8V﹣1.7V=6.3V，灯的额定功率P额=UI=6.3V×0.3A=1.89W．故答案为：①6.3V；②1.89W．【点评】本题测定小灯泡的电功率，考查灵活运用所学知识分析解决问题及推理能力，难度大，根据电压表指针的位置确定选用的量程是关键．10．小华用电能表测量家中50L 电热水器的电功率和热效率，他将家中其它用电器与总电源断开，仅让电热水器工作．将热水器注满水后，通过观察液晶屏得知水的温度为30℃，一小时后观察水的温度达到了60℃，加热前后电能表示数如图所示，求：（1）该电热水器的电功率；（2）该电热水器的热效率．【考点】电功与热量的综合计算；能量利用效率．【分析】（1）根据电能表的示数差得出消耗的电能（最后一位为小数），利用P=求出电功率；（2）根据质量公式求水的质量，已知水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm （t﹣t0）求出水吸收的热量；由η=求该电热水器的热效率【解答】解：（1）由图可知，消耗的电能：W=1288.5kW•h﹣1286.5kW•h=2kW•h=7.2×106J，电热水器的电功率P==2000W，（2）50L 水的质量m=ρV=1000kg/m3×50×0.001m3=50kg水的温度为30℃，一小时后观察水的温度达到了60℃，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣30℃）=6.3×106J；此过程电热淋浴器的热效率：η=×100%=×100%=87.5%．答：（1）该电热水器的电功率2000W；（2）该电热水器的热效率为87.5%．【点评】本题是一道电学与热学的综合计算题，考查了热量的计算、质量的计算、电功的计算、电热淋浴器的效率的计算，要注意区分哪些是有用能量（被水吸收的）、哪些是总能量（消耗的电能）．11．如图甲、乙、丙分别是江涛网购的速热式电热水器实物图、说明书部分参数及等效工作电路（图中R是给水加热的电阻，电热水器的电阻恒定）则：（1）该热水器正常工作10min消耗的电能是多少？（2）以上消耗的电能转化的内能84%被水吸收，能使20kg的水温度升高多少？（3）用电高峰时，若此热水器两端的实际电压仅为198V，它的实际功率为多少瓦？【考点】电功与热量的综合计算．【分析】（1）该热水器正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出10min消耗的电能；（2）根据η=×100%求出水吸收的热量，利用Q吸=cm△t求出水升高的温度；（3）根据P=UI=求出热水器的电阻，再根据P=UI=求出实际电压仅为198V时的实际功率．【解答】解：（1）由P=可得，该热水器正常工作10min消耗的电能：W=Pt=6.6×103W×10×60s=3.96×106J；（2）由η=×100%可得，水吸收的热量：Q吸=Wη=3.96×106J×84%=3.3264×106J，由Q吸=cm△t可得，能使20kg的水升高的温度：△t===39.6℃；（3）由P=UI=可得，热水器的电阻：R===，实际电压仅为198V时的实际功率：P实===5346W．答：（1）该热水器正常工作10min消耗的电能是3.96×106J；（2）以上消耗的电能转化的内能84%被水吸收，能使20kg的水温度升高39.6℃；（3）用电高峰时，若此热水器两端的实际电压仅为198V，它的实际功率为5346W．【点评】本题考查了电功公式、效率公式、吸热公式和电功率公式的灵活运用，从图片中获取有用的信息是关键．12．如表是“苏泊尔”牌某型号电热水壶的有关数据：型号SWF17E20C 产品货号SS1224额定电压220V～额定频率50Hz最大容量 1.7L 额定功率1500W（1）如图中是该电热水壶的外观图，其把手上的花纹是为了增大摩擦力；为了安全，应当选用图乙（填“甲”或“乙”）中的电源线．（2）某次在额定电压下烧水，若水壶中水的质量刚好为1L，水温从15℃升高到95℃，则该次烧水过程中水吸收的热量为多少焦耳？【水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（3）若不计热量损失，该次烧水总共用时多少？【考点】电功与热量的综合计算．【分析】（1）①摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；②三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的，三脚插头中有一根导线要与用电器金属外壳相连，目的就是为了防止触电；（2）知道水的体积，根据m=ρV求出水吸收的热量，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（3）不计热量损失时消耗的电能和水吸收的热量相等，根据P=求出该次烧水的时间．【解答】解：（1）①电热水壶把手上的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力；②要保证电熨斗良好接地，故必须选用三脚插头，即乙图的电源线；（2）水的体积：V=1L=1dm3=0.001m3，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×0.001m3=1kg，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（95℃﹣15℃）=3.36×105J；（3）由题意可知，消耗的电能：W=Q吸=3.36×105J，由P=可得，烧水时间：t′===224s．答：（1）增大摩擦力；乙；（2）该次烧水过程中水吸收的热量为3.36×105J；（3）若不计热量损失，该次烧水总共用时224s．【点评】本题考查了增大摩擦力的方法和安全用电常识、密度公式、吸热公式、电功公式的应用，从表格中获取有用的信息是关键．37．如图所示，是一台家庭常用的电热饮水机，甲表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态．水桶容量20L热水箱容量1L额定电压220V加热功率440W40W甲保温功率（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？（2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃，需用时14min．则饮水机的加热效率是多少？[C水=4.2×103J/（kg•℃）]（3）电阻R1的阻值是多少Ω？（保温功率是指整个电路消耗的功率）【考点】JK：电功与热量的综合计算．【分析】（1）饮水机正常工作时，加热功率和额定功率相等，根据P=UI求出电路中的电流；（2）①热水箱中水的体积和容积相等，根据密度公式求出水的质量，利用Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；②根据W=Pt求出饮水机消耗的电能；。
【物理】初中物理电功率技巧(很有用)及练习题
【物理】初中物理电功率技巧(很有用)及练习题一、电功率选择题1．如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，R1、R2均为发热电阻丝，通过开关通断组合，可得到不同加热档位。
该加热器最大电功率为12W，只闭合开关S1时，加热器的电功率是8W。
则下列判断正确的是（）A. 该加热器只有两个加热档位B. 加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1∶R2=1∶3C. 加热器功率最大时，R1与R2的电流之比为2∶1D. 该加热器的最小电功率是8W【答案】 C【解析】【解答】A．由电路图知道，R1与R2并联连接，且均有一个开关单独控制，这样电加热器能有三个加热档位，即R1单独工作、R2单独工作、R1和R2同时工作，A不符合题意；B．由电路图知道，开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，由于并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的发热功率是：P2 =P-P1 =12W-8W=4W，又因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由知道，两个发热电阻的阻值之比是：；B不符合题意；C．由于并联电路两端的电压相等，根据P=UI知道，加热器功率最大时，R1与R2的电流之比是：，C符合题意；D．由于P1=8W，P2=4W，所以，当只有R2工作时，该加热器的电功率最小，即最小电功率是4W，D不符合题意。
故答案为：C【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，根据并联电路的特点和求出两个发热电阻的阻值之比；根据P=UI可得电流之比；根据R1的发热功率和R2的发热功率判断得出最小电功率.2．常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（）A. 电流表B. 电压表C. 电能表D. 验电器【答案】C【解析】【解答】解：A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；B、电压表测量电压大小，不符合题意；C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题意；D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意．故选C．【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答．3．如图所示，下列测量记录正确的是（）A. 物体的长度是 3.15cmB. 体温计的示数是36.7℃C. 弹簧测力计示数是1ND. 电能表的示数是2015kW•h【答案】 B【解析】【解答】A、刻度尺的分度值是1mm，末端刻度值为3.15cm，物体长度为3.15cm ﹣2.00cm=1.15cm．故A错误；B、体温计的量程为35℃～42℃，一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃．因此它的读数=36℃+0.7℃=36.7℃．故B正确；C、弹簧测力计的分度值是0.2N，所以弹簧测力计的示数是0.2N×4=0.8N．故C错误；D、电能表的读数为201.5kW•h．故D错误．故选B．【分析】①使要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数．起始端是否从零开始，起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．②要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数．③要弄清楚弹簧测力计的量程和分度值再去读数．④电能表的读数要注意，最后一位为小数位．4．如图所示，电源电压U保持不变。
中考物理易错题精选-电功率的综合计算问题练习题含答案
一、初中物理电功率的综合计算问题1．定值电阻 R 1、R 2 和滑动变阻器R 3接入如图电路中，电源电压不变。
当开关S 1闭合，S 2断开，滑片P 位于a 点时，电压表V 1和V 2的示数之比U 1∶U 2＝2∶1.电流表的示数 I 1＝1A ；滑片 P 位于最右端时，电压表 V 1 和 V 2 的示数之比 U 1′∶U 2’＝2∶5.当开关 S 1 断开，S 2闭合，两个电压表V 1 和 V 2的示数之比U 1’’ ∶U 2’’＝3∶l 。
当通过开关的闭合与 断开及调节滑动变阻器的滑片，可使电路消耗的功率最小为4.5W ，则下列说法 正确的是（ ）A ．电源的电压为 10VB ．滑动变阻器的最大阻值是 20ΩC ．当开关 S 1 断开，S 2 闭合，R 1 消耗的电功率为 4WD ．当开关 S 1 闭合，S 2 断开，R 1 消耗的最大功率为 4.5W【来源】湖南长沙市广益实验中学2019-2020学年九年级3月月考物理试题 【答案】B 【解析】 【分析】根据串联电路中电压与电阻成正比，电路最小功率时，就是电压不变时电阻最大解答。
【详解】A ．由上图可知，闭合S 1断开S 2时R 2被短路，电路为R 1与滑动变阻器的串联电路，V 1测R 1的电压，V 2测滑动变阻器的电压，根据串联电路中电压与电阻成正比，由题意可得11221aU R U R == 推出R 1=2R a -----------(1)112325U R U R '==' 推出5R 1=2R 3------------(2)1a1A +U R R =源-----------(3) 当闭合S 2，断开S 1时，滑动变阻器被短路，为R 1与R 2的串联电路，V 1测R 1与R 2的总电压，V 2测R 2的电压，根据串联电路中电压与电阻成正比，由题意又可得1122231U R R U R ''+=='' 推出R 1=2R 2-------(4)电路最小功率时，就是电压不变时电阻最大则有21234.5W ++U R R R =源--------(5)联立(1) (2) (3) (4) (5)解之得12V U =源 ；18R =Ω ；24R =Ω ；320R =Ω ；a 4R =Ω故A 错误；B ．滑动变阻器的最大阻值是320R =Ω，故B 正确；C ．当开关 S 1 断开，S 2 闭合，滑动变阻器被短路，R １与R ２串联这时R １消耗功率2211212V ()()88W +8+4U P R R R =⨯=⨯Ω=ΩΩ源 不是4W ，故C 错误；D ．当开关 S 1 闭合，S 2 断开，R 2被短路，当滑动变阻器R 3=0时，R 1 消耗的功率最大为221(12V)8U P R '===Ω源18W不是4.5W 所以D 错误。
初中物理电功率练习题及答案
初中物理电功率练习题及答案【典型例题】类型一、电功1.如图，对于电能表面板上的一些参数的理解，下列说法错误的是（）A．此时电能表的读数为120.7度B．“220V”是指这个电能表应该在220伏的电路中使用C．“10（20）A”是指这个电能表使用时正常工作电流为10安或20安D．“600r/kW•h”是指用电器每消耗1千瓦时电能，电能表的转盘转过600转【答案】C【解析】A、此时电能表的读数为120.7kW•h,也可以为120.7度，说法正确，不符合题意；B.“220V”是指这个电能表应该在220伏的电路中使用,说法正确，不符合题意；C、“10（20）A”是指这个电能表使用时正常工作电流为10安或20安，说法错误，应该是电能表允许通过最大电流是10A，电能表短时间允许通过最大电流是20A，符合题意；D、“600r/kW•h”是指用电器每消耗1千瓦时电能，电能表的转盘转过600转，不符合题意。
故选C【总结升华】本题考查了电能表参数的理解和电能表是读数方法。
举一反三：【变式】马婷家电能表月初和月末的电能表的读数分别如下图所示，这个月她家用电________kW·h ，即电流做的功为___________J ，这个月有___________J的___________转化为___________能。
她家一盏100W 的灯连续工作一小时耗电______________J ，可以使电表的表盘转动____________圈，消耗的电能可以使1000W 的微波炉工作________分钟。
【答案】200；8102.7⨯；8102.7⨯；电能；其他形式；5106.3⨯；72；62、有两个电阻R 1和R 2，已知R 1＞R 2．将它们串联在电路中时，两端的电压较大，相同时间内电流通过做的功较多；若将它们并联在电路中，通过的电流较大，相同时间内，消耗电能较多。
【答案】R 1，R 1，R 2，R 2【解析】在串联电路中，电流处处相等，R 1＞R 2，由公式U=IR、W=I 2Rt 可知R 1两端的电压较大，相同时间内电流通过R 1做的功较多；在并联电路中，各支路两端的电压相等，R 1＞R 2，由公式I=U/R、2U W t R=可知通过R 2电流较大，相同时间内R 2消耗的电能较多。
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（物理）初中物理电功率(一)解题方法和技巧及练习题一、电功率选择题1．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）．闭合开关S，当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，R1消耗的电功率为3.2W．下列说法正确的是（）A. 滑片P在a点时，R1消耗的电功率为2WB. 滑片P在b点时，R1消耗的电功率为0.6WC. 滑片P在c点时，R2消耗的电功率为1.6WD. 滑片P在c点时，电路消耗的总功率为4W【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，串联电路中电流处处相等，即I=I1=I2=0.1A，R2消耗的电功率为1W；根据P=UI，则此时R2两端电压：U2= = =10V，因R1与R2串联，所以R1两端电压：U1=U﹣U2=12V﹣10V=2V，R1消耗的电功率：P1=U1I1=2V×0.1A=0.2W；﹣﹣﹣﹣故A错误；当滑片在a时，由欧姆定律的变形公式，变阻器连入电路中的电阻：R2= =100Ω，R1= = =20Ω滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1，消耗的电功率为：P1= = =7.2W，﹣﹣﹣﹣故B错误；（2）当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数 =4V，根据串联电路电压的规律，R1的电压：U′1=U﹣U′2=12V=4V=8V，根据P=UI，此时电路中的电流：I′= = =0.4A，滑片P在c点时，R2消耗的电功率：= I′=4V×0.4A=1.6W；﹣﹣﹣﹣故C正确；滑片P在c点时，电路消耗的总功率：P总=UI′=12V×0.4A=4.8W，﹣﹣﹣﹣故D错误；故选C．【分析】（1）由图知R1、R2串联在电路中，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，当滑片P在某一端点a时，串联电路中电流处处相等，根据P=UI求出电压表示数，根据串联电路电压规律，求出R1两端电压，根据P=UI求R1消耗的电功率；由欧姆定律求出当滑片在a时，变阻器连入电路中的电阻及R1的电阻，滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1，根据P= 求R1消耗的电功率；（2）当滑片P移动至某一位置c时，根据串联电路电压的规律，求R1的电压，根据P=UI 求出此时电路中的电流，分别根据P=UI求R2消耗的电功率和电路消耗的总功率．2．如图，是某煤气泄漏检测装置的简化电路，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R 为气体传感器电阻，其阻值随煤气浓度的增大而减小，闭合开关，下列说法中正确的是（）A. 煤气密度增大时，电流表的示数将变小B. 煤气密度增大时，电压表的示数将变小C. 煤气密度减小时，电路消耗的电功率将变小D. 煤气浓度减小时，电压表与电流表示数的比值略变大【答案】C【解析】【解答】解：（1）当煤气密度增大时，气体传感器电阻变小，电路中的总电阻变小，∵I= ，∴电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A不正确；∵U=IR，∴定值电阻R0两端的电压变大，故B不正确；2）当煤气密度减小时，气体传感器电阻变大，电路中的总电阻变大，∵I= ，∴电路中的电流变小，∵P=UI，且电源的电压保持不变，∴电路消耗的电功率将变小，故C正确；∵电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，∴电压表与电流表示数的比值不变，故D不正确．故选C．【分析】根据题意得出煤气密度变化时气体传感器电阻的变化，电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电流表示数的变化和电压表示数的变化，根据P=UI可知电路消耗电功率的变化，利用欧姆定律可知电压表与电流表示数比值的变化．3．现有一个电压不变的电源，两个定值电R1、R2．先将这两个电阻以某种形式连接到电源上，R1消耗功率为P0；再将它们以另一种形式连接到该电源上，R1消耗功率为9P0．两种连接形式中均有电流通过R2，则先后两种连接形式中（）A. 两端的电压比为1：2B. 两端的电压比为1：3C. 消耗的功率比为1：9D. 消耗的功率比为2：9【答案】 B【解析】【解答】（1）将这两个电阻以某种形式连接到电源上，R1消耗功率为：P0= --------------①另一种形式连接到该电源上R1消耗功率为：9P0= --------------②由①②可得：=9× ，解得R1两端的电压比为：U1：U1′=1：3，A不符合题意、B符合题意；⑵因为R1、R2接到同一电源上，且第2次R1两端的电压更大，所以，第一种以串联方式连接；第2次以并联方式连接，如下图：则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压U=U1′=3U1；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压U2=U-U1=3U1-U1=2U1，并联时，R2两端的电压U2′=U=3U1；则第一种连接时，R2消耗的功率：P2= ；第二种连接时，R2消耗的功率：P2′= ；则 = =（）2=（）2= ，C、D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】根据P=表示出两种情况下R1消耗的电功率，然后求出R1两端的电压关系；根据并联电路的电压特点可知电源的电压，进一步可知连接方式，根据串联电路的电压特点求出串联时R2两端的电压，根据P=表示出R2消耗的电功率，进一步得出两次功率之比. 4．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A. 灯泡L变暗B. 电压表示数变小C. 电流表A1示数变大D. 整个电路消耗的总功率变小【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。
因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，A不符合题意；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，C不符合题意；由P＝UI可知，整个电路消耗的总功率变小，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】灯泡L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化.5．关于电现象，下列说法正确的是（）A. 电流做功越多，电功率越大B. 家用电器的金属外壳要接地C. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D. 导体中没有电流通过时，导体就没有电阻【答案】 B【解析】【解答】解：A、电功率的大小，不但和做功的多少有关，还与时间的长短有关，故A错误；B、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地，正确；C、电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误；D、电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关，故D错误．故选B．【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量，和电流做功的多少、时间的长短有关；（2）为了防止漏电发生触电事故，所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地；（3）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（4）电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关．6．小明家上次査看电能表示数，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（）A. 他家在这段时间内消耗的电能为903kw·hB. 电能表是测量电功率的仪表C. 若只让一个标有“220V 1000w”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转D. 这个电能表的额定功率为2200W【答案】 C【解析】【解答】A.根据电能表窗口示数差计算消耗的电能为8633.5kw.h-8543.2kw.h=90.3kw.h，A不符合题意；B.电能表是测量电功的仪表，B不符合题意；C.电热水器消耗的电能为，电能表实际转数为， C符合题意；D.电能表的最大电功率为， D不符合题意。
故答案为：C.【分析】电能表是测量电功的仪表，利用电功率和时间可以计算消耗的电能，根据电压和电流可以计算电功率。
7．小芳同学在做电学实验时，实物图如图所示，电源电压恒为 4.5V，电压表量程“0﹣3V”，灯L标有“2.5V 1.25W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，在不损坏电路元件的情况下进行实验，下列说法正确的是（）A. 灯泡的最小功率是0.162WB. 该电路的最大功率是4.05WC. 电路中电流变化的范围是0.3A﹣0.4AD. 滑动变阻器的阻值应在4Ω﹣10Ω之间变化【答案】D【解析】【解答】解：A灯泡与滑动变阻器串联,滑动变阻器接入电路中的电阻最大（电压表的示数是3V时），电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：U L′＝U﹣U滑大＝4.5V﹣3V＝1.5V，“2.5V 1.25W”R L＝ ,电路中的最小电流：I小＝＝0.3A，P L最小＝1.5V×0.3A＝0.45W，A不符合题意；电路中的电流I最大＝＝0.5A所以，电路中电流范围是0.3A～0.5A，C不符合题意；P最大＝UI最大＝4.5V 0.5A＝2.25A,B不符合题意；电路中电流最大时电阻最小R最小＝＝9 ,则R滑小＝9，电路中电流最小时电阻最大R最大＝＝15 ,则R滑大＝15，D符合题意。
故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点结合滑动变阻器允许通过最大电流确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出灯泡的最小功率，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围.8．下列数据中与实际情况不相符的是（）A. 正常情况下，人的体温约为35℃B. 成年人的步长大约为50cmC. 功率为100W白炽灯正常工作1小时大约消耗0.1度电D. 一个鸡蛋的质量大约为50g 【答案】A【解析】【解答】A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小．故A不符合实际；B、成年人两步的距离约1m=100cm，所以步幅在50cm左右．故B符合实际；C、功率为100W白炽灯正常工作1小时，大约消耗W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW•h的电能．故C符合实际；D、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．故D符合实际．故选A．【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出不符合实际的选项．9．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向左移动的过程中（不考虑灯丝的电阻受温度的影响），下列说法正确的是（）A. 电流表示数逐渐变小B. 电压表示数逐渐变大C. 滑动变阻器两端的电压逐渐变大D. 小灯泡的亮度逐渐变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流．滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故A错误；由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故B正确；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故D错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故C错误．故选B．【分析】由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化．10．如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻R的阻值随环境温度变化而改变．改变环境温度，定值电阻R0两端的电压U0随温度t变化的关系如图乙所示．则下列描述R两端的电压U、电路消耗的总功率P随温度t变化的关系图线中，可能正确的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【解答】由图甲知道，R0与R串联，电压表测量的是R0的电压；由图乙知道，随着温度的升高，R0两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，A不符合题意，B符合题意；随着R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流减小，由P=UI知道，电源电源不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，D不符合题意，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，C不符合题意，故答案为：B。