【南方新课堂】2013年高考物理二轮复习提升 第一部分 专题二 第3讲 动量与能量的综合应用课件
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(2)设子弹击中物块前的速度为 v,则由动量守恒定律得 mv=(M+m)vB 解得 v=600 m/s. (3)根据能的转化和守恒定律得 1 2 1 ΔE= mv - (M+m)v2 B 2 2 代入数据解得 ΔE=1 782 J.
子弹打木块和滑块在木板上滑动模型——滑动摩擦力 做功,系统动能转化为内能 【例2】(2011年全国卷)装甲车和战舰采用多层钢板比采用同样 质量的单层钢板更能抵御穿甲弹的射击.通过对以下简化模型的计算 可以粗略说明其原因. 质量为2m、厚度为2d 的钢板静止在水平光滑桌面上.质量为 m 的子弹以某一速度垂直射向该钢板,刚好能将钢板射穿.现把钢板分 成厚度均为d、质量均为m 的相同两块,间隔一段距离水平放置,如 图 2-3-7 所示.若子弹以相同的速度垂直射向第一块钢板,穿出后 再射向第二块钢板,求子弹射入第二块钢板的深度.设子弹在钢板中 受到的阻力为恒力,且两块钢板不会发生碰撞,不计重力影响.
图 2-3-3
1 2 解:(1)μmgs+mg· 2R= mvB 2 所以 vB=3 Rg. (2)设 M 滑动 x1、m 滑动 x2 时两者达到共同速度 v,则 mvB=(M+m)v 1 2 μmgx1= Mv 2 1 2 1 2 -μmgx2= mv - mvB 2 2 联立解得 v= Rg,x1=2R,x2=8R
两者位移之差 Δx=x2-x1=6R<6.5R,即物块与滑板在达 到共同速度时,物块未掉下滑板. 物块滑到滑板右端时 1 若 R<L<2R,Wf=μmg(l+L)= mg(13R+2L) 4 若 2R≤L<5R,Wf=μmgx2+μmg(l—Δx)=4.25mgR 1 2 要使物块滑到 CD 轨道中点,vC 必须满足 mvC≥mgR 2 L 最小时,克服摩擦力做功最小,此时 L 应满足 1 2 1 2 μmg(l+L)= mvB- mvC 2 2 1 则 L≤ R,不符合题意,物块不能滑到 CD 轨道中点. 2
第3讲
动量与能量的综合应用
1.(2012 年广东卷)图2-3-1甲所示的装置中,小物块 A、
B 质量均为 m,水平面上 PQ 段长为 l,与物块间的动摩擦因数
为μ,其余段光滑.初始时,挡板上的轻质弹簧处于原长;长 为r 的连杆位于图中虚线位置;A 紧靠滑杆(A、B 间距大于 2r). 随后,连杆以角速度ω匀速转动,带动滑杆做水平运动,滑杆 的速度-时间图象如图乙所示.A 在滑杆推动下运动,并在脱 离滑杆后与静止的 B 发生完全非弹性碰撞.
甲
图2-3-1
乙
解:(1)由题知,A 脱离滑杆时的速度 v0=ωr 设 A、B 碰后的速度为 v1,由动量守恒定律得 mv0=2m v1 A 与 B 碰撞过程损失的机械能为 1 2 1 ΔE= mv0- ×2mv2 1 2 2 1 2 2 解得 ΔE= mω r . 4
(2)A、 不能与弹簧相碰, A、 不能完全通过 PQ 段. B 则 B 由 1 能量守恒定律得 ×2mv2≤2μmgl 1 2 2 解得 ω≤ 2μgl r A、B 在 PQ 段匀减速运动,则有 v1 ωr t1= = . ug 2μg
2
高考物理改成理综模式后,物理计算题只有两道,因此计
算题的综合性较大,而动量与能量是高中物理的重点内容,也
是历年广东高考的热点内容.从近年的高考题可以看出:
(1)动量与能量结合的题一般是以计算题的形式出现,综合
性强、难度大.
(2)动量与能量的综合题,一般涉及的物理过程多,物体多,
要求学生能审清题意,并正确选择研究对象和正确判断动量是
图 2-3-2 (1)木块在ab段受到的摩擦力f; (2)木块最后距a点的距离s.
解:(1)设木块和物体 P 的共同速度为 v,两物体从开始到 第一次达到共同速度的过程,由动量和能量守恒得 mv0=(m+2m)v 1 2 1 mv0= (m+2m)v2+mgh+fL 2 2 mv2-3gh 0 联立解得 f= . 3L
1 (3)A、B 能与弹簧相碰,由能量守恒定律得 μ· 2mgl< ×2mv2 1 2 1 不能返回到 P 点左侧,由能量守恒定律得 μ· 2l≥ ×2mv2 2mg· 1 2 2 2μgl 4 μgl 解得 <ω≤ r r 设 A、B 在 Q 点的速度为 v2,A、B 碰后到达 Q 点过程,由动 1 1 2 能定理得-μ· 2mgl= ×2mv2- ×2mv2 1 2 2 1 A、 与弹簧接触到压缩最短过程, B 由能量守恒得 Ep= ×2mv2 2 2 mω2r2-8μgl 解得 Ep= . 4
再经 B 滑上滑板.滑板运动到 C 时被牢固粘连.物块可视为质
点,质量为m,滑板质量M=2m,两半圆半径均为R,板长l=6.5R, 板右端到 C的距离 L 在R<L<5R 范围内取值.E 距A为s=5R, 物块与传送带、物块与滑板间的动摩擦因数均为μ=0.5,重力 加速度取 g.
(1) 求物块滑到 B 点的速度大小; (2) 试讨论物块从滑上滑板到离开滑板右端的过程中,克 服摩擦力做的功 Wf 与 L 的关系,并判断物块能否滑到 CD 轨道 的中点.
(1)物块与子弹刚滑上圆弧轨道 B 点的速度;
(2)子弹击中物块前的速度;
(3)系统损失的机械能.
图 2-3-6
解: (1)由物块与子弹一起恰能通过轨道最高点 D 从 E 点飞 v2 D 出,得(M+m)g=(M+m) 2R 又由物块与子弹上滑过程中机械能守恒,有 1 1 2 (M+m)vD+(M+m)g· 2R= (M+m)v2 B 2 2 代入数据解得 vB= 6Rg=6 m/s.
(1)粘合后的两球从飞出轨道到落地的时间 t; (2)小球 A 冲进轨道时速度 v 的大小.
图 2-3-5
解:(1)粘合后的两球飞出轨道后做平抛运动,竖直方向的 分运动为自由落体运动,有 1 2 2R= gt 2 解得 t=2 R . g
(2)设小球 A 的质量为 m,碰撞前速度大小为 v1,轨道最低 点时的重力势能为 0,由机械能守恒定律知 1 2 1 2 mv = mv1+2mgR 2 2 设碰撞后粘合在一起的两球速度大小为 v2,由动量守恒定 律知 mv1=2mv2 飞出轨道后做平抛运动, 水平方向分运动为匀速直线运动, 有 2R=v2t 联立解得 v=2 2gR.
1 v1= + 2
③
因为子弹在钢板中受到的阻力为恒力,射穿第一块钢板的
④
联立①②③④式,且考虑到 v1 必须大于 v1′,得 3 v 6 0 ⑤
设子弹射入第二块钢板并留在其中后两者的共同速度为 v2,由动量守恒得 2mv2=mv1 1 2 1 损失的动能为 ΔE′= mv1- ×2mv2 2 2 2 联立①②⑤⑥⑦式得 1 3 ΔE ΔE′= 1+ × ⑧ 2 2 2 因为子弹在钢板中受到的阻力为恒力,由⑧式可得,射入 1 3 第二块钢板的深度为 x= 1+ d. 2 2 ⑥ ⑦
子弹打木块的过程中,由于作用时间很短,内 力很大,可认为动量守恒.子弹打入木块(或者穿出)的过程中, 摩擦力做功,系统机械能减小,减小的机械能转化为内能.不
2.(2012 年海南卷)一质量为2m的物体P静止于光滑水平
地面上,其截面如图 2-3-2 所示.图中ab为粗糙的水平面, 长度为 L;bc 为一光滑斜面,斜面和水平面通过与ab 和bc均
相切的长度可忽略的光滑圆弧连接.现有一质量为m的木块以
大小为 v0 的水平初速度从a点向左运动,在斜面上上升的最大 高度为 h,返回后在到达 a 点前与物体 P 相对静止.重力加速 度为 g.求:
(1)求 A 脱离滑杆时的速度 v0,及 A 与 B 碰撞过程的机械能 损失ΔE; (2)如果 A、B 不能与弹簧相碰,设 A、B 从 P 点到运动停 止所用的时间为 t1,求ω的取值范围,及 t1 与ω的关系式; (3)如果 A、B 能与弹簧相碰,但不能返回到 P 点左侧,设 每次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能为 Ep,求ω的取值范 围,及 Ep 与ω的关系式(弹簧始终在弹性限度内).
滑块在轨道上滑动类题型一般有两种情况:一
是轨道光滑,满足机械能守恒的条件,机械能守恒;另一类是 轨道不光滑,物块运动过程中克服摩擦阻力做功,一般要用动 能定理求解.滑块碰撞的一瞬间,动量守恒.这一类问题往往 和圆周结合起来考查,要特别注意物块通过竖直平面内圆周最 高点的条件.
1.(2010 年深圳一模)如图2-3-6所示, ABCDE 是由三
(2)木块返回与物体 P 第二次达到共同速度与第一次相同 (动量守恒),全过程,由能量守恒得 1 2 1 mv0= (m+2m)v2+f(2L-s) 2 2 v2-6gh 0 联立解得 s= 2 L. v0-3gh
3.(2011 年广东卷)如图2-3-3所示,以 A、B 和 C、D
为端点的两半圆形光滑轨道固定于竖直平面内,一滑板静止在 光滑水平地面上,左端紧靠 B 点,上表面所在平面与两半圆分 别相切于 B、C.一物块被轻放在水平匀速运动的传送带上 E 点, 运动到 A 时刚好与传送带速度相同,然后经来自百度文库A 沿半圆轨道滑下,
图2-3-7
解:设子弹初速度为 v0,射入厚度为 2d 的钢板后,最终钢 板和子弹的共同速度为 v,由动量守恒得 (2m+m)v=mv0 1 解得 v= v0 3 此过程中动能损失为 1 2 1 ΔE= mv0- ×3mv2 2 2 1 2 解得 ΔE= mv0 3 ② ①
分成两块钢板后,设子弹穿过第一块钢板时两者的速度分 别为 v1 和 v1′,由动量守恒得 mv1+mv1′=mv0 ΔE 动能损失为 ,由能量守恒得 2 1 2 1 1 2 ΔE 2 mv + mv ′ = mv0- 2 1 2 1 2 2
图 2-3-4
v 3 解:(1)B 在 d 点,由向心力公式得 mg- mg=m 4 R gR 解得 v= . 2 (2)B 从 b 到 d 过程中,机械能守恒,有 1 2 1 2 mv =mgR+ mv 2 B 2 A、B 分离过程,动量守恒,有 3mvA=mvB A 做匀减速直线运动,由动能定理得 1 0- ×3mv2 =-μ· 3mgs A 2 R 联立解得 s= . 8μ
否守恒,能分析运动过程中能量的来源和去向,对学生综合分 析能力要求很高. (3)动量与能量结合的题还常与曲线运动、电场、磁场、电
磁感应等知识结合,考查的知识面广,也是出题者比较喜欢出
的一种类型,估计 2013 年高考计算题此内容很可能出现.
滑块在轨道上碰撞类模型——多过程中运用动量 守恒定律和能量守恒定律 【例1】(2011年天津卷)如图 2-3-5所示,圆管构成的半 圆形轨道竖直固定在水平地面上,轨道半径为R,MN为直径且 与水平面垂直,直径略小于圆管内径的小球 A 以某一速度冲进 轨道,到达半圆轨道最高点 M 时与静止于该处的质量与A相同 的小球 B 发生碰撞,碰后两球粘在一起飞出轨道,落地点距N 为2R.重力加速度为g,忽略圆管内径,空气阻力及各处摩擦均 不计,求:
部分光滑轨道平滑连接在一起组成的,AB 为水平轨道,BCD
是半径为 R 的半圆弧轨道,DE 是半径为2R的圆弧轨道,BCD
与 DE 相切在轨道最高点 D,R=0.6 m.质量为M=0.99 kg 的
小物块,静止在 AB 轨道上,一颗质量为m=0.01 kg 的子弹水 平射入物块但未穿出,物块与子弹一起运动,恰能贴着轨道内 侧通过最高点从 E 点飞出.取重力加速度 g=10 m/s2,求:
4.(2010 年广东卷)如图 2-3-4 所示,一条轨道固定在竖 直平面内,粗糙的 ab 段水平,bcde 段光滑,cde 段是以 O 为圆 心、R 为半径的一小段圆弧.可视为质点的物块 A 和 B 紧靠在 一起,静止于 b 处,A 的质量是 B 的 3 倍.两物块在足够大的 内力作用下突然分离,分别向左、右始终沿轨道运动.B 到 d 点时速度沿水平方向,此时轨道对 B 的支持力大小等于 B 所受 3 重力的 ,A 与 ab 段的动摩擦因数为 μ,重力加速度为 g,求: 4 (1)物块 B 在 d 点的速度大小 ; (2)物块 A 滑行的距离.