四川省成都市树德协进中学2013-2014学年高二物理11月月考试题新人教版
四川省成都市树德中学2024-2025学年高二上学期11月期中物理试题
四川省成都市树德中学2024-2025学年高二上学期11月期中物理试题一、单选题1．下列单位换算关系正确的是（）A．1法拉=1库仑•伏特B．1焦耳=1.6×10-19电子伏C．1牛顿⁄库仑=1伏特⁄米D．1安培=1库仑⁄欧姆2．船上的人和水下的潜水员都能听见轮船的鸣笛声。
声波在空气中和在水中传播时的（）A．波速和波长均不同B．频率和波速均不同C．波长和周期均不同D．周期和频率均不同3．如图，曲线是电子进入点电荷Q形成的电场中的运动轨迹，它先后经过A、B两点，受到的电场力如图中箭头所示。
已知电子只受电场力，下列说法正确的是（）A．点电荷Q带负电B．电子在A点的加速度大于B点的加速度C．电子从A点到B点，速度先减小后增加D．电子在A点的电势能小于在B点的电势能4．在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.0V；当重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V。
则有关这台电动机正常运转时的说法正确的是（）A．电动机的内电阻为7.5ΩB．电动机的内电阻发热功率为8WC ．电动机的输出功率为30WD ．电动机的效率约为27%5．某同学将一直流电源的总功率P E 、输出功率P R 和电源内部的发热功率P r 随电流I 变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a 、b 、c 所示。
则（ ）A ．图线b 表示输出功率P R 随电流I 变化的关系B ．图中a 线最高点对应的功率为最大输出功率C ．图线上A 、B 、C 三点的纵坐标一定满足关系 1.53A B C P P P ==D ．两个图线交点M 与N 的横坐标之比一定为1:2，纵坐标之比一定为1:4二、多选题6．如图所示，电源电动势E 、内阻r 恒定，定值电阻1R 的阻值等于r ，定值电阻2R 的阻值等于2r ，闭合开关S ，平行板电容器两板间有一带电液滴刚好处于静止状态。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.电场强度的定义式E＝F/q，下列说法正确的是：（）A．该定义式只适用于点电荷形成的电场B．F是试探电荷所受到的力，q是产生电场电荷的电荷量C．电场强度的方向与F的方向相同D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比2.关于电荷的电势能，下列说法正确的是()A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零C．只在静电力的作用下，电荷的电势能一定减少D．只在静电力的作用下，电荷的电势能可能增加，也可能减少3.如图所示是某电场中的一条直线，一电子从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，下列有关该电场情况的判断正确的是( )A．该电场一定是匀强电场B．场强Ea一定小于EbC．电子的电势能E p a>E p b D．电子的电势能E p a<E p b4.如图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点，这两点比较( )A．b点的电场强度较大B．正电荷在a点电势能较小C．负点电荷从a点移动到b点时电场力做正功D．同一负点电荷放在a点所受的电场力比放在b点时受到的电场力大5.在点电荷形成的电场中，一电子的运动轨迹如图中虚线所示，其中a、b是轨迹上的两点．若电子在两点间运动的速度不断增大，则下列判断中正确的是( )A．形成电场的点电荷电性为正B．电子一定是从a点运动到b点C．电子一定是从b点运动到a点D．电子的运动是匀变速曲线运动6.两个分别带有电荷量－Q和＋4Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A ．9FB ．C ．D ．12F7.示波管的工作原理如图所示,真空室中电极K 发出电子(初速度不计),经过电压为U 1的加速电场后,由小孔S 沿水平金属板A 、B 间的中心线射入板中。
四川省成都市中学高二物理月考试题带解析
四川省成都市中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图9-4所示，在U形金属架上串入一电容器，金属棒ab在金属架上无摩擦地以速度v 向右运动一段距离后突然断开开关，并使ab停在金属架上，停止后，ab不再受外力作用。
现合上开关，则金属棒的运动情况是（）A．向右做初速度为零的匀加速运动B．在某位置附近来回振动C．向右做初速度为零的加速运动，后又改做减速运动D．向右做变加速运动，后改做匀速运动参考答案：D2. 在双缝干涉实验中，以下说法正确的是：A.两狭缝到屏上距离等于半个波长的点将出现亮纹B. 两狭缝到屏上距离相等的点将出现暗纹C.用红光做实验时干涉条纹比用蓝光时大D. 用紫光做实验时干涉条纹比用绿光时大参考答案：A3. （单选）如图所示，两个单摆和的摆长＞，将它们都拉离竖直方向一个很小的角度然后释放，那么这两个摆球到达最低点时的速度的大小和经历时间应满足A．＞，＞B．＞，＜C．＜，＜D．＜，＞参考答案：A4. （单选）物体受到两个力F1 和F2的作用，F1=3N，F2=9N，则它们的合力F的数值范围是（）A．3N ≤ F ≤ 9N B．6N ≤ F ≤ 12N C．3N ≤ F ≤ 6N D．3N ≤ F ≤ 12N参考答案：B5. 如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行。
线框由静止释放，在下落过程中A．穿过线框的磁通量保持不变 B．线框中感应电流方向保持不变C．线框所受安掊力的合力为零 D．线框的机械能不断增大参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 真空中有两个相同的带电金属小球A和B（可视为点电荷），相距为r，带电量分别为+2q和+3q，它们之间相互作用力的大小为F．有一个不带电的金属球C，大小跟A、B相同，当C先跟A接触后再跟B小球接触时，A的电量为，B的电量为；再将A、B间距离变为2r，那么A、B间的作用力的大小为：参考答案：7. （填空）一个有10匝的闭合导体线圈，若在0.01s内，通过线圈的磁通量是由0.04Wb均匀地减小到零，则在这段时间内线圈产生的感应电动势E＝_________。
四川省成都市树德协进中学高二物理上学期入学考试试题新人教版
树德协进中学2012-2013学年高二上学期入学考试物理试题第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（本题包括10小题，每小题4分，共40分，每小题给出四个选项中有的只有一个 选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1. 在地面上观察下列物体的运动，其中物体一定做曲线运动的是( )A ．向东运动的质点受到一个向西的力的作用B ．正在竖直上升的气球突然遭遇一阵北风C ．河水匀速流动，正在河里匀速驶向对岸的汽艇D ．在匀速行驶的列车上，相对列车水平向后抛出的一个小球2.如图所示，从地面上方D 点沿相同方向水平抛出的三个小球分别击中对面墙上的A 、B 、C 三点，图中O 点与D 点在同一水平线上，知O 、A 、B 、C 四点在同一竖直线上，且OA ＝AB ＝BC ，三球的水平速度之比v A ∶v B ∶v C 为( )A.2∶3∶ 6 B ．1∶2∶ 3 C.3∶2∶1 D.6∶3∶ 23. 如图所示，半径为R 的大圆盘以角速度ω绕过O 点的竖直轴在水平面内旋转，有人站在盘边P 点面对O 随盘转动．他想用枪击中在盘中心的目标O ，若子弹相对枪口的速度为v ，则在他看来( )A ．枪应瞄准O 射击B ．枪应向PO 的右方偏过θ角射击，cos θ＝ωR vC ．枪应向PO 的左方偏过θ角射击，sin θ＝ωR vD ．枪应向PO 的左方偏过θ角射击，tan θ＝ωR v4. 质量为m 的石块从半径为R 的半球形的碗口下滑到碗最低点的过程中，如果摩擦力的作用使得石块的速度大小不变。
那么( )A ．因为速率不变，所以石块的加速度为零B ．石块下滑过程中的合外力大小不变C ．石块下滑过程中的加速度大小不变，方向始终指向球心D ．石块下滑过程中的摩擦力大小不变5.据报道，我国同步卫星“天链一号0l 星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月1日成功定点在东经770赤道上空的同步轨道。
成都树德中学2013-2014学年高二下学期期中考试物理试题及答案试题
高2012级第四学期期中考试物理试题（考试时间：120分钟，总分：150分）一、不定项选择题（本题包括12小题，共60分；全对得5分，选不全得3分）1．下列关于电磁场的说法中，正确的是A．法拉第首先提出了场的概念，麦克斯韦建立了系统的电磁场理论B．电荷之间的相互作用都是通过电场发生的C．变化的电场一定在其周围产生变化的磁场D．变化的磁场可以在其周围产生匀强电场【答案】ABD【解析】A、为了解释电磁感应现象，法拉第提出“力线”和“场”的概念，认为电和磁的作用必须通过某种物质媒介——以太，这在人们面前展示出物质实体在间断的粒子存在形式之外还存在着连续的“场”的形式。
麦克斯韦在法拉第和W.汤姆生的研究基础上，以深邃的洞察力前后历程达十余年开创了物理学的新领域——创建电磁场理论，故A正确；B、每个电荷在其周围都会产生电场，电荷之间的相互作用都是通过电场发生的，故B正确；CD、根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场，均匀变化的电场产生恒定的磁场，均匀变化的磁场产生恒定的电场，故C错误D正确。
故选ABD。
【考点】物理学史2．如图所示为置于成都地区的某单摆的共振曲线，则A．该单摆做受迫振动的周期一定等于2sB．该单摆的摆长约为1mC．单摆做简谐运动时的回复力一定不等于合外力D．单摆悬挂在静止的电梯中自由振动时，若电梯突然自由下落，则单摆必相对于电梯静止【答案】B【解析】A、受迫振动的频率等于驱动力的频率；单摆做受迫振动的周期等于驱动力的周期，不一定等于2s，故A错误；B、由单摆的共振曲线可知，当驱动力频率为0.5Hz时单摆产生了共振现象，则单摆的固有频率即为0.5Hz，固有周期为T=2s，摆长22gTL1m4π≈＝，故B正确；C、单摆做简谐运动时的回复力在最大位移处等于合外力，故C错误；D、单摆悬挂在静止的电梯中自由振动时，若电梯突然自由下落，则单摆可能相对于电梯静止，也可能相对于电梯做匀速圆周运动，故D错误；故选B。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于静电场，下列说法中正确的是( )A．在电场强度为零的区域电势一定处处为零B．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最“快”的方向C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低2.三个相同金属球，原有两个小球A、B带电量之比为4∶1，相互间的库仑引力的大小为F，现将不带电的小球C 先后接触A、B两个带电球后再移至无限远处；则此时A、B两个带电小球之间的库仑力大小变为( ) A．B．C．D．3.一电荷在电场中从静止开始并只在电场力的作用下运动，则它一定( )A．向场强较小的地方运动B．向场强较大的地方运动C．向电势能较小的地方运动D．沿某条电场线运动4.如图所示，三条平行等间距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10 V、20 V、30 V，实线是一带电粒子(不计重力)在该区域内的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，下列说法正确的是()A．粒子在三点所受的电场力相等B．粒子必先过a，再到b，然后到cC．粒子在三点的电势能大小关系为E pc＞E pa＞E pbD．粒子在三点的机械能必定相等5.如图所示，平行板电容器的两个极板为A、B，B板接地，A板带有电荷量+Q，板间电场有一固定电荷P。
若将B板固定，A板下移一些，或者将A板固定，B板上移一些.在这两种情况下，以下说法正确的是( )A．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B板上移时，P点的电场强度变大，P点电势降低D．B板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低6.图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC＝60°，BC＝20cm。
把一个电量q＝10—5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为1.73×10—3J，则该匀强电场的场强大小和方向是( )A. 865V/m ，垂直AC 向右B. 865V/m ，垂直AC 向左C. 1000V/m ，垂直AB 斜向上D. 1000V/m ，垂直AB 斜向下7.一平行板电容器的两个极板水平放置，两极板间有一带电量不变的小油滴，油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比。
四川省成都市树德中学学年高二物理11月月考试题(PDF)
高2015级第三期11月阶段性考试物理试题时间：80分钟 分值：100分一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．） 1．下列说法正确的是（ ）A ．场强为零的地方，电势一定为零B ．导体的电阻由导体两端的电压和通过导体的电流决定C ．电场线和磁感线都是闭合曲线D ．在电场中移动电荷，若电场力做正功，则电势能一定减小 2．下列叙述中正确的是（ ）A ．电荷在某处不受电场力作用时，该处的电场强度一定为零B ．一小段通电导线在某处不受磁场力作用时，该处的磁感应强度一定为零C ．把一检验电荷放在电场中某点时，电荷所受的电场力与其电量的比值叫做该点的电场强度D ．把一小段通电导线放在磁场中某处时，该导线所受磁场力与其长度和电流强度乘积的比值叫做该处的磁感应强度3．如图所示，台秤上放一块光滑平板，其左边固定一档板，一轻质弹簧将档板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为F N1；现在磁铁上方中心偏左位置固定一导线，当给导线加上图示电流后，台秤读数为F N2，则正确的是（ ） A ．F N1<F N2，弹簧长度将变长 B ．F N1<F N2，弹簧长度将变短C ．F N1>F N2，弹簧长度将变长D ．F N1>F N2，弹簧长度将变短4．为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置在强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在。
如图所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中R B 是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a 、b 接报警器，当传感器R B 所在处出现断针时，电流表的电流I 、ab 两端的电压U 将( ) A ．I 变大，U 变大 B ．I 变大，U 变小 C ．I 变小，U 变小 D ．I 变小，U 变大5．A 、B 两带电小球，质量分别为m A 、m B ，电荷量分别为q A 、q B ，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A 、B 两球处于同一水平面．若B 对A 及A 对B 的库仑力分别为F A 、F B ，则下列判断正确的是( ) A ．F A <F BB ．细线OC 的拉力T C ＝(m A ＋m B )g C ．细线AC 对A 的拉力T A ＝m A g/2D ．同时烧断细线AC 、BC 后，A 、B 在竖直方向的加速度相同6．如图所示，R 1为定值电阻，R 2为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是（ ）A ．当R 1=R 2+r 时，R 1上获得最大功率B ．当R 2=R 1+r 时，R 2上获得最大功率C ．当R 2=0时，电源的效率最大D ．当R 2=0时，电源的输出功率最大7．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A 、B 是平行板电容器的两个金属板，G 为静电计．开始时开关S 闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取措施可行的是( ) A ．断开开关S 后，将A 、B 分开些B ．保持开关S 闭合，将A 、B 两极板分开些C ．保持开关S 闭合，将A 、B 两极板靠近些D ．保持开关S 闭合，将变阻器滑动触头向右移动8．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O ，最低点是P ，直径MN 水平，a 、b 是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b 固定在M 点，a 从N 点静止释放，沿半圆槽运动经过P 点到达某点Q （图中未画出）时速度为零。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.电场强度E的定义式为E=，根据此式，下列说法中正确的是（）①上式说明电场中某点的场强E与F成正比，与q成反比，拿走q，则E=0②式中q是放入电场中的点电荷的电量，F是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E是该点的电场强度③式中q是产生电场的点电荷的电量，F是放在电场中的点电荷受到的电场力，E是电场强度④在库仑定律的表达式F=中，可以把看做是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小，也可以把看做是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小．A．只有①②B．只有①③C．只有②④D．只有③④2.如图所示，AB是点电荷电场中的一根电场线，在线上O点放一个自由的负电荷后，它将沿电场线向B运动，则下列判断中正确的是（）A．电场线方向由B指向A，该电荷受到的电场力越来越小B．电场线方向由B指向A，该电荷受到的电场力大小变化无法确定．C．电场线方向由A指向B，该电荷受到的电场力大小不变．D．电场线方向由B指向A，该电荷受到的电场力越来越大．3.在点电荷 Q形成的电场中有一点A，当一个－q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A．B．C．D．4.如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V．实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C，在a 点处的动能为0.5J，则该带电粒子（）A．可能是带负电B．在b点处的电势能为0.5JC．在b点处的动能为零D．在c点处的动能为0.4 J5.如图所示，一价氢离子（）和二价氦离子（）的混合体，经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，（不计它们之间的作用力和重力）则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点6.如图所示的实验装置中，平行板电容器两极板的正对面积为S，两极板的间距为d，电容器所带电荷量为Q，电容为C，静电计指针的偏转角为φ，平行板中间悬挂了一个带电小球，悬线与竖直方向的夹角为θ，下列说法正确的是（）A．若增大d，则φ减小，θ减小B．若增大Q，则φ减小，θ不变C．将A板向上提一些时，φ增大，θ增大D．在两板间插入云母片时，则φ减小，θ不变7.如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12 J，金属块克服摩擦力做功8 J，重力做功24 J，则以下判断正确的是（）A．金属块带负电荷B．金属块克服电场力做功8 JC．金属块的电势能减少4 J D．金属块的机械能减少12 J8.如上图所示，虚线a、b、c为三个同心圆面，圆心处为一个点电荷，现从c外面一点P以相同的速率发射两个电荷量、质量都相同的带电粒子，分别沿PM、PN运动到M、N，M、N两点都位于圆周c上，以下判断正确的是()A．两粒子带同种电荷B．两粒子带异种电荷C．到达M、N时两粒子速率仍相等D．到达M、N时两粒子速率不相等二、不定项选择题1.如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷（内部电场可看成匀强电场），一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动．轨迹如图中虚线所示，那么（）A. 若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B. 微粒从M点运动到N点电势能一定减少C. 微粒从M点运动到N点动能一定增加D. 若只改变带电微粒的电性，微粒可能在平行板间做直线运动2.如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立x坐标轴，则坐标轴上0~x间各点的电势分布如图乙所示，2下列说法正确的是（）A．点的电场强度最小B．0~x2之间，x轴附近的电场线分布先变密后变疏C．一正点电荷从O点由静止释放，若仅受电场力作用，点电荷的加速度先减小后增大D．一正电电荷从O点由静止释放，若仅受电场力作用，速度一直增大3.如图所示，A、B两个平行金属板充电后与电源断开，B板接地，C、D是A、B两板间的两个点，以下说法正确的是（）A. A板不动，将B板向下移动一小段距离，则C点电势升高B. A板不动，将B板向下移动一小段距离，则C、D两点间电势差变大C. B板不动，将A板向上移动一小段距离，则C点电势不变D. B板不动，将A板向上移动一小段距离，则C、D两点间电势差变小4.如图所示，一带电荷量为q的带电粒子以一定的初速度由P点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直．粒子从Q点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角．已知匀强电场的宽度为d，P、Q两点的电势差大小为U，不计重力作用，设P点的电势为零．则下列说法正确的是( )A．带电粒子带负电B．带电粒子在Q点的电势能为－UqC．此匀强电场的电场强度大小为E=D．此匀强电场的电场强度大小为E=三、填空题1.如图所示，匀强电场中的一条电场线上的两点A、B相距0.2m，正点电荷q＝10－6C从A移到B，电场力做功2×10－6 J，则A，B间的电势差为_________V, 该电场的场强为___________V/m, 该电场的方向是_______。
四川省成都市树德中学高二物理11月月考试题(PDF)(优选.)
高2015级第三期11月阶段性考试物理试题时间：80分钟 分值：100分一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．下列说法正确的是（ ）A ．场强为零的地方，电势一定为零B ．导体的电阻由导体两端的电压和通过导体的电流决定C ．电场线和磁感线都是闭合曲线D ．在电场中移动电荷，若电场力做正功，则电势能一定减小2．下列叙述中正确的是（ ）A ．电荷在某处不受电场力作用时，该处的电场强度一定为零B ．一小段通电导线在某处不受磁场力作用时，该处的磁感应强度一定为零C ．把一检验电荷放在电场中某点时，电荷所受的电场力与其电量的比值叫做该点的电场强度D ．把一小段通电导线放在磁场中某处时，该导线所受磁场力与其长度和电流强度乘积的比值叫做该处的磁感应强度3．如图所示，台秤上放一块光滑平板，其左边固定一档板，一轻质弹簧将档板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为F N1；现在磁铁上方中心偏左位置固定一导线，当给导线加上图示电流后，台秤读数为F N2，则正确的是（ ）A ．F N1<F N2，弹簧长度将变长B ．F N1<F N2，弹簧长度将变短C ．F N1>F N2，弹簧长度将变长D ．F N1>F N2，弹簧长度将变短4．为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置在强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在。
如图所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中R B 是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a 、b 接报警器，当传感器R B 所在处出现断针时，电流表的电流I 、ab 两端的电压U 将( )A ．I 变大，U 变大B ．I 变大，U 变小C ．I 变小，U 变小D ．I 变小，U 变大5．A 、B 两带电小球，质量分别为m A 、m B ，电荷量分别为q A 、q B ，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A 、B 两球处于同一水平面．若B 对A 及A 对B 的库仑力分别为F A 、F B ，则下列判断正确的是( )A ．F A <F BB ．细线OC 的拉力T C ＝(m A ＋m B )gC ．细线AC 对A 的拉力T A ＝m A g/2D ．同时烧断细线AC 、BC 后，A 、B 在竖直方向的加速度相同6．如图所示，R 1为定值电阻，R 2为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是（ ）A ．当R 1=R 2+r 时，R 1上获得最大功率B ．当R 2=R 1+r 时，R 2上获得最大功率C ．当R 2=0时，电源的效率最大D ．当R 2=0时，电源的输出功率最大 7．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A 、B 是平行板电容器的两个金属板，G 为静电计．开始时开关S 闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取措施可行的是( ) A ．断开开关S 后，将A 、B 分开些 B ．保持开关S 闭合，将A 、B 两极板分开些 C ．保持开关S 闭合，将A 、B 两极板靠近些 D ．保持开关S 闭合，将变阻器滑动触头向右移动 8．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O ，最低点是P ，直径MN 水平，a 、b 是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b 固定在M 点，a 从N 点静止释放，沿半圆槽运动经过P 点到达某点Q （图中未画出）时速度为零。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.街旁的路灯，江海里的航标都要求在夜晚亮，白天熄，实现了自动控制，这是利用半导体的( ) A ．压敏性 B ．光敏性 C ．热敏性 D ．三种特性都利用2.一正弦交流电的电压随时间变化的规律如右图所示。
由图可知（ ）A ．该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin25πt(V)B ．该交流电的频率为4 HzC ．该交流电的电压的有效值为100VD ．若将该交流电压加在阻值为R=100Ω的电阻两端,则电阻消耗的功率为50 W3.A 、B 是两个完全相同的电热器，A 通以图甲的方波交变电流，B 通以图乙所示的正弦交变电流，则两电热器的电功率PA ︰PB 等于（ ）A ．5:4B ．3:2C ．D ．2:14.一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P 为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是( )A ．副线圈输出电压的频率为50 HzB ．副线圈输出电压的有效值为31 VC ．P 向右移动时，原、副线圈的电流比减小D ．P 向右移动时，变压器的输出功率减小5.如图所示，平行板电容器与灯泡串联，接在交流电源上，灯泡正常发光，则( )A ．把电介质插入电容器，灯泡一定变亮B ．把电容器两极板间距离增大，灯泡一定变亮C ．把电容器两极板间距离减小，灯泡一定变暗D ．使交流电频率增大，灯泡变暗6.如图甲所示，M 是一个小型理想变压器，原、副线圈匝数之比n 1：n 2=10：1，接线柱a 、b 接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示。
变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R 2为用半导体热敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，R 1为一定值电阻。
下列说法中不正确的是（ ）A．电压表V的示数为22VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数增大D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变大7.压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学设计了利用压敏电阻判断升降机运动状态的装置，其工作原理图如图，将压敏电阻固定在升降机底板上，其上放置一个物块，在升降机运动过程的某一段时间内，发现电流表的示数I不变，且I大于升降机静止时电流表的示数I，在这段时间内（）A．升降机可能匀减速下降B．升降机一定匀减速下降C．升降机可能匀加速下降D．升降机一定匀加速下降8.A、B两个完全一样的弹簧振子，把A振子移到A的平衡位置右边10cm，把B振子移到B的平衡位置右边5cm，然后同时放手，那么：（）A．A、B运动的方向总是相同的 B．A、B运动的方向总是相反的C．A、B运动的方向有时相同、有时相反 D．无法判断A、B运动的方向的关系9.如图所示。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图，一轻质横杆两侧各固定一金属环，横杆可绕中心点自由转动，一条形磁铁插向其中一个小环，取出后又插向另一个小环，看到的现象是（ ）A ．磁铁插向左环，横杆发生转动B ．磁铁插向右环，横杆发生转动C ．无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D ．无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动2.图中a 、b 、c 、d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是（ ）A ．向上B ．向下C ．向左D ．向右3.美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步．如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A 、C 板间．带电粒子从P 0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D 形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动．对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（ ）A ．带电粒子每运动一周被加速一次B ．P 1P 2=P 2P 3C ．加速粒子的最大速度与D 形盒的尺寸无关 D ．加速电场方向不需要做周期性的变化4.如图中，当S 闭合后，画出的通电电流磁场中的小磁针偏转的位置正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．5.如图所示的球形容器中盛有含碘的二硫化碳溶液，在太阳光的照射下，地面呈现的是圆形黑影，在黑影中放一支温度计，可发现温度计显示的温度明显上升，则由此可断定（ ）A ．含碘的二硫化碳溶液对于可见光是透明的B ．含碘的二硫化碳溶液对于紫外线是不透明的C ．含碘的二硫化碳溶液对于红外线是透明的D ．含碘的二硫化碳溶液对于红外线是不透明的6.有量程为500μA 、内阻为10kΩ的电流表改装成为量程为1A 的电流表，然后把它与一个10Ω的电阻并联后接入一电路中，电流表的示数为0.8A ，则此电路中的电流为I （ ）A ．0.8AB ．1.2AC ．1.6AD ．2.4A7.如图所示电路，电源电动势为E ，内阻为r ，R t 为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小）．现增加光照强度，则下列判断正确的是（ ）A ．B 灯变暗，A 灯变亮 B ．R 0两端电压变大C ．电源路端电压不变D ．电源总功率不变8.关于电源的电动势，下列说法中正确的是（ ）A ．电源电动势越大，表明它将其他形式的能转化为电能的本领越大B ．电源电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压C ．电源电动势在数值上等于非静电力在单位时间内所做的功D ．电源电动势在数值上等于非静电力把1C 正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功9.如图所示，质量为m 1、带有正电荷q 的金属小球和质量为m 2、不带电的小木球之间用绝缘细线相连，置于竖直向上、场强为E 、范围足够大的匀强电场中，两球恰能以速度v 匀速竖直上升．当小木球运动到A 点时细线突然断开，小木球运动到B 点时速度为零，重力加速度为g ，则（ ）A ．小木球的速度为零时，金属小球的速度大小为B ．小木球从点A 到点B 的过程中，A 、B 组成的系统，机械能在增加C ．A 、B 两点之间的电势差为D ．小木球从点A 到点B 的过程中，小木球动能的减少量等于两球重力势能的增量，而电场力对金属小球所做的功等于金属小球的机械能增加量二、实验题1.某研究性学习小组欲用电压表V 、电阻箱R 、定值电阻R 0、开关S 和若干导线测定某电池组的电动势．①在图甲中，根据图乙电路图用笔画线代替导线，将实物图连接成完整的实验电路．②闭合开关S ，调整电阻箱阻值R ，读出电压表V 相应示数U ．该学习小组测出大量数据，分析筛选出如表所示的R 、U 数据，并计算相应的与的值．请用表中数据在图丙坐标纸上描点，并作用﹣图线．③从图线中可求得待测电池组的电动势E= V④根据该小组设计的实验电路，会存在系统误差，试分析测得的电动势比实际电动势偏 （填“大”或“小”）．⑤若要测该电池组的内阻，应知道定值电阻的阻值，用多用表测量该定值电阻的表盘指针如图丁所示，欧姆档位如图戊所示，则知定值电阻的阻值是 Ω2.2010年暑假期间，某学校课题研究小组为了撰写关于未知材料电阻率的实践报告，设计了一个测量电阻率（被测电阻丝的阻值约为25Ω）的实验方案，可提供的器材有： A ．电流表G ，内阻R g =120Ω，满偏电流I g =3mA B ．电流表A ，内阻约为0.2Ω，量程为0～0.1A C ．螺旋测微器D ．电阻箱R 0（0～9999Ω，0.5A ）E ．滑动变阻器R （5Ω，1A ）F ．干电池组（3V ，0.05Ω）G ．一个开关和导线若干他进行了以下操作：（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径，其示数部分如图1所示，则该次测量测得直径d= mm ；（2）把电流表G 与电阻箱串联改装成电压表使用，最大测量电压为3V ，则电阻箱的阻值应调为R 0= Ω（3）请用改造完的电压表设计一个测量电阻率的实验电路，根据提供的器材和实验需要，请将图2中电路图补画完整；（4）实验数据的测量与电阻率的计算：如果电阻丝的长度用L 表示，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G 的示数为I 1，电流表A 的示数为I 2，请用已知量和测量量写出计算电阻率的表达式ρ= ．三、计算题1.如图所示，在一个范围足够大、垂直纸面向里的匀强磁场中，用绝缘细线将金属棒吊起，使其呈水平状态．已知金属棒长L=0.1m ，质量m=0.05kg ，棒中通有I=10A 的向右的电流，取g=10m/s 2．（1）若磁场的磁感应强度B=0.2T ，求此时金属棒受到的安培力F 的大小； （2）若细线拉力恰好为零，求磁场的磁感应强度B 的大小．2.矩形线圈abcd ，长ab=20cm ，宽bc=10cm ，匝数n=200，线圈回路总电阻R=5Ω．整个线圈平面内均有垂直于线框平面的匀强磁场穿过，若匀强磁场的磁感应强度B 随时间t 的变化规律如图所示，求：（1）线圈回路中产生的感应电动势和感应电流； （2）当t=0.3s 时，线圈的ab 边所受的安培力大小； （3）在1min 内线圈回路产生的焦耳热．四川高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.如图，一轻质横杆两侧各固定一金属环，横杆可绕中心点自由转动，一条形磁铁插向其中一个小环，取出后又插向另一个小环，看到的现象是（ ）A ．磁铁插向左环，横杆发生转动B ．磁铁插向右环，横杆发生转动C ．无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D ．无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动【答案】B【解析】穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合回路中会产生感应电流，感应电流受到磁场力的作用，横杆转动； 如果金属环不闭合，穿过它的磁通量发生变化时，只产生感应电动势，而不产生感应电流，环不受力的作用，杆不转动．解：左环不闭合，磁铁插向左环时，不产生感应电流，环不受力，横杆不转动；右环闭合，磁铁插向右环时，环内产生感应电流，环受到磁场的作用，横杆转动；故B 正确，ACD 错误； 故选：B ．【点评】本题难度不大，是一道基础题，知道感应电流产生的条件，分析清楚图示情景即可正确解题．2.图中a 、b 、c 、d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是（ ）A ．向上B ．向下C ．向左D ．向右【答案】B【解析】根据等距下电流所产生的B 的大小与电流成正比，得出各电流在O 点所产生的B 的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B 的合矢量的方向．解：根据题意，由右手螺旋定则知b 与d 导线电流产生磁场正好相互抵消，而a 与c 导线产生磁场正好相互叠加，由右手螺旋定则，则得磁场方向水平向左，当一带正电的粒子从正方形中心O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，根据左手定则可知，它所受洛伦兹力的方向向下．故B 正确，ACD 错误． 故选：B ．【点评】考查磁感应强度B 的矢量合成法则，会进行B 的合成，从而确定磁场的大小与方向．3.美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步．如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A 、C 板间．带电粒子从P 0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D 形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动．对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（ ）A ．带电粒子每运动一周被加速一次B ．P 1P 2=P 2P 3C ．加速粒子的最大速度与D 形盒的尺寸无关 D ．加速电场方向不需要做周期性的变化 【答案】AD【解析】带电粒子经加速电场加速后，进入磁场发生偏转，电场被限制在A 、C 板间，只有经过AC 板间时被加速，所以运动一周加速一次，电场的方向不需改变．当带电粒子离开回旋加速器时，速度最大．解：AD 、带电粒子只有经过AC 板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次．电场的方向没有改变，则在AC 间加速．故A 正确． B 、根据r=，则P 1P 2=2（r 2﹣r 1）=，因为每转一圈被加速一次，根据v 2﹣v 12=2ad ，知每转一圈，速度的变化量不等，且v 3﹣v 2＜v 2﹣v 1，则P 1P 2＞P 2P 3．故B 错误． C 、当粒子从D 形盒中出来时，速度最大，根据r=得，v=．知加速粒子的最大速度与D 形盒的半径有关．故C 错误．D 、根据回旋加速器工作原理可知，加速电场方向不变，故D 正确； 故选：AD ．【点评】解决本题的关键知道该回旋加速器的原理，知道粒子每转一圈，加速一次，且都在AC 间加速，加速的电场不需改变．4.如图中，当S 闭合后，画出的通电电流磁场中的小磁针偏转的位置正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解析】由右手螺旋定则可判断出电流产生的磁场的方向，再由小磁针静止时N 极所指的方向为该点磁感线的方向判定即可；解：A 、由右手螺旋定则可判断出电流产生的磁场的方向在小磁针处垂直于纸面向外，所以小磁针的N 极应向外．故A 错误；B 、由右手螺旋定则可判断出螺线管电流产生的磁场的方向N 极向上，螺线管的左侧磁场的方向向下，小磁针的N 极应向下．故B 错误；C 、由右手螺旋定则可判断出环形电流产生的磁场的方向在小磁针处垂直于纸面向里，所以小磁针的N 极应向里．故C 错误；D 、由右手螺旋定则可判断出螺线管电流产生的磁场的方向N 极向下，U 形铁蕊的磁场方向左侧是S 极，右侧是N 极，所以小磁针的N 极向左．故D 正确． 故选：D ．【点评】本题考查安培定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向．5.如图所示的球形容器中盛有含碘的二硫化碳溶液，在太阳光的照射下，地面呈现的是圆形黑影，在黑影中放一支温度计，可发现温度计显示的温度明显上升，则由此可断定（ ）A ．含碘的二硫化碳溶液对于可见光是透明的B ．含碘的二硫化碳溶液对于紫外线是不透明的C ．含碘的二硫化碳溶液对于红外线是透明的D ．含碘的二硫化碳溶液对于红外线是不透明的【答案】C【解析】紫外线具有荧光效应，红外线热效应明显，可见光有视觉感应．解：地面呈现的是圆形黑影，说明含碘的二硫化碳溶液对于可见光是不透明的；温度计显示的温度明显上升，红外线热效应明显，故说明含碘的二硫化碳溶液对于红外线是透明的； 故选C ．【点评】本题关键是明确红外线、可见光、紫外线的基本特性，基础题．6.有量程为500μA 、内阻为10kΩ的电流表改装成为量程为1A 的电流表，然后把它与一个10Ω的电阻并联后接入一电路中，电流表的示数为0.8A ，则此电路中的电流为I （ ）A ．0.8AB ．1.2AC ．1.6AD ．2.4A 【答案】B【解析】改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：I g R g =（I ﹣I g ）R′，其中I 为量程，并联电路的电压相等，电路中的电流等于通过电流表的电流加上通过电阻R 的电流．解：把量程为500μA 、内阻为10kΩ的电流表改装成为量程为1A 的电流表，需要并联一个电阻，设此时总电阻为R′， 则有，解得R′=5Ω电阻R 与电流表并联，电压相等， 所以I R R=IR′ 解得：I R =0.4A所以I 总=I R +I=0.8A+0.4A=1.2A 故选B【点评】该题属基础题，较简单，关键是切实掌握电表改装原理．7.如图所示电路，电源电动势为E ，内阻为r ，R t 为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小）．现增加光照强度，则下列判断正确的是（ ）A ．B 灯变暗，A 灯变亮 B ．R 0两端电压变大C ．电源路端电压不变D ．电源总功率不变【答案】B【解析】增加光照强度时，R t 减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化情况，即可知道电灯A 的亮度变化；根据干路电流与A 灯电流的变化，判断通过R 0电流的变化，根据路端电压和电阻R 0电压的变化情况，即可分析B 灯电压的变化情况，从而B 的亮度变化． 解：A 、B 、C 、由题意，增加光照强度时，R t 减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知干路电流I 增大，电源的内电压增大，路端电压U 减小，流过A 灯的电流I A 减小，则A 灯变暗；通过R 0电流I 0=I ﹣I A ，I 增大，而I A 减小，则I 0增大，R 0两端电压U 0增大，而R 0、B 的电压之和等于路端电压，路端电压减小，则知B 的电压减小，所以B 灯变暗；故B 正确，AC 错误．D 、电源的总功率P=EI ，E 不变，I 增大，则P 增大．故D 错误． 故选：B【点评】本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再局部分析电压、电流的变化．根据干路电流的变化即可分析电源总功率的变化．8.关于电源的电动势，下列说法中正确的是（ ）A ．电源电动势越大，表明它将其他形式的能转化为电能的本领越大B ．电源电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压C ．电源电动势在数值上等于非静电力在单位时间内所做的功D ．电源电动势在数值上等于非静电力把1C 正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功【答案】ABD【解析】电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势与外电路无关．解：电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势越大，电源将其他形式的能转化为电能的本领越大．则A 正确；其大小在数值上等于非静电力把1C 正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，也等于电源没有接入电路时两极间的电压．则C 错误BD 正确， 故选：ABD【点评】本题考查对电源电动势的理解，要抓住电动势的物理意义、定义和闭合电路欧姆定律来加深理解．9.如图所示，质量为m 1、带有正电荷q 的金属小球和质量为m 2、不带电的小木球之间用绝缘细线相连，置于竖直向上、场强为E 、范围足够大的匀强电场中，两球恰能以速度v 匀速竖直上升．当小木球运动到A 点时细线突然断开，小木球运动到B 点时速度为零，重力加速度为g ，则（ ）A ．小木球的速度为零时，金属小球的速度大小为B ．小木球从点A 到点B 的过程中，A 、B 组成的系统，机械能在增加C ．A 、B 两点之间的电势差为D ．小木球从点A 到点B 的过程中，小木球动能的减少量等于两球重力势能的增量，而电场力对金属小球所做的功等于金属小球的机械能增加量 【答案】BC【解析】细线断开前，两球在电场中做匀速直线运动，两球的总重力与电场力平衡，断开细线后，两球的总重力与电场力均不变，合力为零，两球组成的系统总动量守恒，根据动量守恒定律分析小木球的速度为零时，金属小球的速度．对于木球B ，细线断开后，只受重力，机械能守恒，由机械能守恒定律求解上升的高度AB ，再由U=Ed 求出A 、B 间的电势差．根据能量守恒定律分析小木球从点A 到点B 的过程中，其动能的减少量与两球重力势能的增加量的关系．解：A 、断开细线后，两球组成的系统合力为零，总动量守恒，取向上方向为正方向，根据动量守恒定律得： （m 1+m 2）v=m 1v′得金属小球的速度大小为：v′=．故A 错误．B 、小木球从点A 到点B 的过程中，由于电场力做正功，电势能减小，则知A 、B 组成的系统机械能在增加，故B 正确．C 、断开细线后，木球的机械能守恒，则有m 2gh=m 2v 2，得：h=，即A 、B 间距离为：h=，两点A 、B 之间的电势差为：U=Eh=．故C 正确．D 、小木球从点A 到点B 的过程中，其动能的减少量等于木球重力势能的增加量，电场力对金属小球所做的功等于金属小球的机械能增加量．故D 错误． 故选：BC ．【点评】本题在物理上称为脱钩问题，两球没有发生作用，但系统的合力为零，也遵守动量守恒．二、实验题1.某研究性学习小组欲用电压表V 、电阻箱R 、定值电阻R 0、开关S 和若干导线测定某电池组的电动势．①在图甲中，根据图乙电路图用笔画线代替导线，将实物图连接成完整的实验电路．②闭合开关S ，调整电阻箱阻值R ，读出电压表V 相应示数U ．该学习小组测出大量数据，分析筛选出如表所示的R 、U 数据，并计算相应的与的值．请用表中数据在图丙坐标纸上描点，并作用﹣图线．③从图线中可求得待测电池组的电动势E= V④根据该小组设计的实验电路，会存在系统误差，试分析测得的电动势比实际电动势偏 （填“大”或“小”）．⑤若要测该电池组的内阻，应知道定值电阻的阻值，用多用表测量该定值电阻的表盘指针如图丁所示，欧姆档位如图戊所示，则知定值电阻的阻值是 Ω【答案】（1）（2）如图（3）10； （4）小；（5）50【解析】根据电路图，画出的实物图．由闭合电路欧姆定律可得出表达式，再结合图象和数学知识可得出图象的截距及斜率的含义，则可求得电动势和内电阻．根据电表的影响分析误差原因． 解：（1）根据电路图，画出的实物图：（2）根据上表所示实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据坐标系中的点作直线，作出﹣图象：（3）、由闭合电路欧姆定律可得：U=R ，变形得：=+，由数学知识可知，图象中的斜率为：k= 截距为：b=； 由图可知，b=0.1， 所以E===10V ；（4）因该接法中由于电压表的分流而导致干路电流示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，所以电动势的测量值小于真实值．内阻小于真实值．（5）由欧姆表的读数方法可知，电阻读数为：5×10=50Ω； 故答案为：（1）（2）如上图；（3）10；（4）小；（5）50．【点评】应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，定值电阻串入电路一方向保护电源，同时扩大电源的内阻．同时电源的路端电压与电流图象与电流的交点不一定是短路电流，由电压轴是否是从零开始的．2.2010年暑假期间，某学校课题研究小组为了撰写关于未知材料电阻率的实践报告，设计了一个测量电阻率（被测电阻丝的阻值约为25Ω）的实验方案，可提供的器材有： A ．电流表G ，内阻R g =120Ω，满偏电流I g =3mA B ．电流表A ，内阻约为0.2Ω，量程为0～0.1A C ．螺旋测微器D ．电阻箱R 0（0～9999Ω，0.5A ）E ．滑动变阻器R （5Ω，1A ）F ．干电池组（3V ，0.05Ω）G ．一个开关和导线若干他进行了以下操作：（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径，其示数部分如图1所示，则该次测量测得直径d= mm ；（2）把电流表G 与电阻箱串联改装成电压表使用，最大测量电压为3V ，则电阻箱的阻值应调为R 0= Ω（3）请用改造完的电压表设计一个测量电阻率的实验电路，根据提供的器材和实验需要，请将图2中电路图补画完整；（4）实验数据的测量与电阻率的计算：如果电阻丝的长度用L 表示，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G 的示数为I 1，电流表A 的示数为I 2，请用已知量和测量量写出计算电阻率的表达式ρ= ． 【答案】（1）0.265～0.268； （2）880；（3）如图所示：（4）【解析】（1）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读．（2）电流表改装为电压表，串联电阻起分压作用，根据欧姆定律求出电阻箱的电阻大小．（3）为得到较大的电压调节范围，滑动变阻器用分压式接法；由于待测电阻的电阻值较小，根据“小外偏小”的规律，用电流表外接法；（4）根据欧姆定律计算出电阻，再根据电阻定律计算电阻率． 解：（1）螺旋测微器的读数等于0+0.01×26.6mm=0.266mm ． （2）根据欧姆定律得：R 0=﹣R g =﹣120=880Ω．（3）为得到较大的电压调节范围，滑动变阻器用分压式接法；由于待测电阻的电阻值较小，电流表采用外接法．如图所示．（4）通过待测电阻的电流为：I=I 2﹣I 1 待测电阻两端的电压为：U=I 1（R g +R 0） 根据欧姆定律有：R= 根据电阻定律，有：R=ρ 解得：ρ==．故答案为：（1）0.265～0.268；（2）880；（3）如图所示：（4）．【点评】解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，以及知道电流表内外接的区别，滑动变阻器分压和限流接法的区别．三、计算题1.如图所示，在一个范围足够大、垂直纸面向里的匀强磁场中，用绝缘细线将金属棒吊起，使其呈水平状态．已知金属棒长L=0.1m ，质量m=0.05kg ，棒中通有I=10A 的向右的电流，取g=10m/s 2．（1）若磁场的磁感应强度B=0.2T ，求此时金属棒受到的安培力F 的大小； （2）若细线拉力恰好为零，求磁场的磁感应强度B 的大小． 【答案】（1）0.2N ； （2）0.5T【解析】根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．根据F=BIL 来计算安培力的大小即可．解：（1）导体棒长为L=0.1m ，磁感应强度B=0.2T ，电流为I=10A ，并且导体棒和磁场垂直， 所以导体棒受到的安培力大小为 F=BIL=0.2×10×0.1N=0.2N ，（2）悬线拉力恰好为零，金属棒受重力和安培力，由金属棒静止可得 F=BIL=mg 所以B==0.5T答：（1）金属棒受到的安培力F 的大小为0.2N ；（2）若细线拉力恰好为零，求磁场的磁感应强度B的大小为0.5T．【点评】本题是安培力的分析和计算问题．安培力大小的一般计算公式是F=BILsinα，α是导体与磁场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力最大为F=BIL．2.矩形线圈abcd，长ab=20cm，宽bc=10cm，匝数n=200，线圈回路总电阻R=5Ω．整个线圈平面内均有垂直于线框平面的匀强磁场穿过，若匀强磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示，求：（1）线圈回路中产生的感应电动势和感应电流；（2）当t=0.3s时，线圈的ab边所受的安培力大小；（3）在1min内线圈回路产生的焦耳热．【答案】（1）2 V ，0.4 A；（2）3.2 N；（3）48 J【解析】线圈在变化的磁场中，产生感应电动势，形成感应电流，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．借助于闭合电路的殴姆定律来算出感应电流大小．通电导线处于磁场中受到安培力，则由公式F=BIL可求出安培力的大小．由于磁通量的变化，导致线圈中产生感应电流，根据焦耳定律可得回路中的产生热量．解：（1）由图可知磁感应强度随时间的变化率= T/s="0.5" T/s感应电动势为E=n=nS="200×0.1×0.2×0.5" V="2" V感应电流为I== A="0.4" A（2）当t="0.3" s时，磁感应强度B="0.2" T，则安培力为F="nBIl=200×0.2×0.4×0.2" N="3.2" N（3）在1 min内线圈回路产生的焦耳热Q=I2Rt=0.42×5×60 J="48" J答：（1）线圈回路中产生的感应电动势2 V和感应电流0.4 A；（2）当t=0.3s时，线圈的ab边所受的安培力大小3.2 N；（3）在1min内线圈回路产生的焦耳热48 J．【点评】本题对法拉第电磁感应定律、闭合电路殴姆定律、焦耳定律及安培力的公式熟练掌握，同时线圈中通电发热，将电能转化热能．。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）A ．安培力的方向可以不垂直于直导线B ．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C ．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D ．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2.在如图所示的匀强电场中，一个点电荷从P 点由静止释放后，以下说法中正确的是（ ）A ．该点电荷可能做匀变速曲线运动B ．该点电荷一定向右运动C ．电场力对该点电荷可能不做功D ．该点电荷一定做匀加速直线运动3.如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电介质小球a 、b ，左边放一个带正电的固定球+Q 时，两悬球都保持竖直方向．下面说法正确的是（ ）A ．a 球带正电，b 球带正电，并且a 球带电荷量较大B ．a 球带负电，b 球带正电，并且a 球带电荷量较小C ．a 球带负电，b 球带正电，并且a 球带电荷量较大D ．a 球带正电，b 球带负电，并且a 球带电荷量较小4.额定电压都是110V 、额定功率P A =110W 和P B =40W 的电灯两盏，若接在电压是220V 的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（ ）A ．B ．C ．D ．5.如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B 、C 分别是电阻R 1、R 2的两端电压与电流的关系图线，若这两个电阻分别接到这个电源上，则（ ）A ．R 1接在电源上时，电源的效率高B ．R 2接在电源上时，电源的效率高C ．R 1接在电源上时，电源的输出功率大D ．电源的输出功率一样大6.如图所示电路中，ɛ为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器．当R 2的滑动触点在a 端时合上开关S ，此时三个电表A 1、A 2和V 的示数分别为I 1、I 2和U ．现将R 2的滑动触点向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是（ ）A ．I 1增大，I 2不变，U 增大B ．I 1减小，I 2增大，U 减小C ．I 1增大，I 2减小，U 增大D ．I 1减小，I 2不变，U 减小7.如图所示，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速度沿与x 轴成30°角从原点射入磁场，则正、负电子在磁场中运动时间之比为（ ）A ．1：2B ．1：1C ．1：D ．2：18.有关磁感应强度B 的说法正确的是（ ）A ．对于B=，比值越大，说明通电导线所在处的磁感应强度一定越大 B ．对于B=，F 越大，说明通电导线所在处的磁感应强度一定越大 C ．可用来量度磁感应强度的大小，但B 是由磁场本身因素决定的，与I 、L 、F 无关D ．在I 、L 相同的情况下，垂直磁场方向放置通电导线，受力F 越大的地方，B 越大9.下列关于电容器和电容的说法中，正确的是（ ）A ．根据C=可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，跟两板间的电压成反比B ．对于确定的电容器，其所带的电荷量与两板间的电压（小于击穿电压且不为零）成正比C ．无论电容器的电压如何变化（小于击穿电压且不为零），它所带的电荷量与电压比值恒定不变D ．电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与加在两板上的电压无关10.带电粒子以速度v 0沿竖直方向垂直进入匀强电场E 中，如图示，经过一段时间后，其速度变为水平方向，大小仍为v 0，则一定有（ ）A ．电场力与重力大小相等B ．粒子运动的水平位移大小等于竖直位移大小C ．电场力所做的功一定等于克服重力所做的功D ．电势能的减少一定大于重力势能的增加11.如图所示的电路中，若ab为输入端，AB为输出端，并把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则（）A．空载时输出电压U AB=B．当AB间接上负载R时，输出电压U AB＜C．AB间的负载R越大，U AB越接近D．AB间的负载R越小，U AB越接近12.多用电表调零后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，正确的判断和做法是（）A．这个电阻值很小B．这个电阻值很大C．为了把电阻测得更准一些，应换用“×1”挡，重新调零后再测量D．为了把电阻测得更准一些，应换用“×100”挡，重新调零后再测量二、实验题1.在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属丝的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：A．电压表V（量程0～3V，内阻约为15kΩ）1（量程0～15V，内阻约为75kΩ）B．电压表V2C．电流表A（量程0～3A，内阻约为0.2Ω）1（量程0～0.6A，内阻约为11Ω）D．电流表A2E．变阻器R（0～100Ω，0.6A）1F．变阻器R（0～2000Ω，0.1A）2G．电池组E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）H．开关S，导线若干（1）为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有．（2）若用毫米刻度尺测得金属丝长度为60.00cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径及两电表的示数如图所示，则金属丝的直径为 mm，电阻值为Ω．2.实验桌上有下列实验仪器：A．待测电源（电动势约3V，内阻约7Ω）；B．直流电流表（量程0～0.6～3A，0.6A档的内阻约0.5Ω，3A档的内阻约0.1Ω；）C．直流电压表（量程0～3～15V，3V档内阻约5kΩ，15V档内阻约25kΩ）；D．滑动变阻器（阻值范围为0～15Ω，允许最大电流为1A）；E．滑动变阻器（阻值范围为0～1000Ω，允许最大电流为0.2A）；F．开关、导线若干；G．小灯泡“4V、0.4A”请你解答下列问题：（1）利用给出的器材测量电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精度且便于调节，应选择的滑动变阻器是（填代号）．（2）请将图甲中实物连接完整，并画出实验电路图．（3）某同学根据测得的数据，作出U ﹣I 图象如图乙中图线a 所示，由此可知电源的电动势E= V ，内阻r= Ω；（4）若要利用给出的器材通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线，得到如图乙所示的图线b ，如果将此小灯泡与上述电源组成闭合回路，此时小灯泡的实际功率为 W ．三、计算题1.如图所示，M 为一线圈电阻r M =1Ω的电动机，定值电阻R=5Ω，电源电动势E=12V ．当S 闭合时，电压表的示数为U 1=10.0V ，当开关S 断开时，电压表的示数为U 2=5.0V ．求：（1）电源内阻r ；（2）开关S 断开时电源输出功率；（3）开关S 断开时电动机输出的机械功率．2.如图所示，水平放置的两根平行金属导轨相距L=0.4m ，上面有一金属棒PQ 垂直导轨放置，并处于竖直向上匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小B=0.5T ，与导轨相连的电源电动势E=4.5V ，内阻r=1.0Ω，电阻R=8.0Ω，其他电阻不计．闭合开关S 后，金属棒PQ 仍然静止不动．求：①闭合电路中电流的大小； ②金属棒PQ 所受安培力的大小和方向； ③金属棒PQ 所受的静摩擦力的大小．3.如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正点电荷Q 为圆心的某一圆周交于B 、C 两点，质量为m ，带负电且电量为q 的有孔小球从杆上A 点无初速下滑，设q 远小于Q ，已知AB=h ，小球滑到B 点时速度大小为，求（1）小球从A 到B 过程中电场力做的功．（2）A 、C 两点电势差．4.如图所示，在一半径为R 的网形区域内有磁感应强度为B 的匀强磁场，方向垂直纸面向外．一束质量为m 、电量为q 的带正电的粒子沿平行于直径MN 的方向进入匀强磁场．粒子的速度大小不同，重力不计．入射点P 到直径MN的距离为h，则：（1）某粒子经过磁场射出时的速度方向恰好与其入射方向相反，求粒子的入射速度是多大？（2）恰好能从M点射出的粒子速度是多大？（3）若h=，粒子从P点经磁场到M点的时间是多少？四川高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【答案】B【解析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C 错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，让其中的一半与磁场的方向平行，安培力的大小将变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．2.在如图所示的匀强电场中，一个点电荷从P点由静止释放后，以下说法中正确的是（）A．该点电荷可能做匀变速曲线运动B．该点电荷一定向右运动C．电场力对该点电荷可能不做功D．该点电荷一定做匀加速直线运动【答案】D【解析】该电荷仅受电场力，电场力是恒力，电荷从静止开始做匀加速直线运动．解：A 、电荷 受到水平方向上的电场力做匀加速直线运动，因为电荷的电性未知，无法确定向哪个方向做匀加速直线运动．故A 、B 错误，D 正确．C 、在运动的过程中，电场力做正功．故C 错误．故选D ．【点评】本题根据质点的运动情况决定因素：合力和初速度，分析带电粒子的运动情况．3.如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电介质小球a 、b ，左边放一个带正电的固定球+Q 时，两悬球都保持竖直方向．下面说法正确的是（ ）A ．a 球带正电，b 球带正电，并且a 球带电荷量较大B ．a 球带负电，b 球带正电，并且a 球带电荷量较小C ．a 球带负电，b 球带正电，并且a 球带电荷量较大D ．a 球带正电，b 球带负电，并且a 球带电荷量较小【答案】B【解析】存在+Q 球时，对A 、B 球受力分析，由于悬线都沿竖直方向，说明水平方向各自合力为零，来确定A 、B 球的电性．根据库仑定律判断A 、B 的电量大小．解：存在+Q 球时，对A 、B 球受力分析，由于悬线都沿竖直方向，说明水平方向各自合力为零，说明a 球带负电，b 球带正电，a 、b 作为整体得+Q 对a 、b 的水平方向的库仑力大小相等方向相反．根据F=k 得A 离+Q 近点，所以a 球带电荷量较小，b 球带电荷量较大．故B 正确故选：B ．【点评】本题采用隔离法，由平衡条件分析小球的电性，考查灵活选择研究对象的能力．4.额定电压都是110V 、额定功率P A =110W 和P B =40W 的电灯两盏，若接在电压是220V 的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路解：灯泡正常工作时，两灯泡上的电压相等，可先判断电路是否能正常工作，然后再比较分流电阻和分压电阻分别消耗的功率大小，从而做出判断．判断灯泡能否正常发光，就要判断电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流．由P=和已知条件可知，R A ＜R B ．对于A 电路，由于R A ＜R B ，所以U B ＞110 V ，B 灯烧毁，两灯不能正常发光．对于B 电路，由于R B ＞R A ，A 灯又并联变阻器，并联电阻更小于R B ，所以U B ＞110 V ，B 灯烧毁．对于C 电路，B 灯与变阻器并联，电阻可能等于R A ，所以可能有U A =U B ="110" V ，两灯可以正常发光．对于D 电路，若变阻器的有效电阻等于A 、B 的并联电阻，则U A =U B ="110" V ，两灯可以正常发光．比较C 、D 两个电路，由于C 电路中变阻器功率为（I A ﹣I B ）×110，而D 电路中变阻器功率为（I A +I B ）×110，所以C 电路消耗电功率最小．故选：C【点评】解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小5.如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B 、C 分别是电阻R 1、R 2的两端电压与电流的关系图线，若这两个电阻分别接到这个电源上，则（ ）A ．R 1接在电源上时，电源的效率高B ．R 2接在电源上时，电源的效率高C ．R 1接在电源上时，电源的输出功率大D ．电源的输出功率一样大【答案】A【解析】电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U ﹣I 图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解：A 、B ，电源的效率η===，效率与路端电压成正比，R 1接在电源上时路端电压大，效率高，故A 正确，B 错误．C 、D ，由图线的交点读出，R 1接在电源上时U=U 0，I=I 0，电源的输出输出功率P 1=UI=U 0I 0； R 2接在电源上时U=U 0，I=I 0，电源的输出输出功率P 2=UI=U 0I 0，故C 、D 均错误．故选：A ．【点评】本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．6.如图所示电路中，ɛ为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器．当R 2的滑动触点在a 端时合上开关S ，此时三个电表A 1、A 2和V 的示数分别为I 1、I 2和U ．现将R 2的滑动触点向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是（ ）A ．I 1增大，I 2不变，U 增大B ．I 1减小，I 2增大，U 减小C ．I 1增大，I 2减小，U 增大D ．I 1减小，I 2不变，U 减小【答案】B【解析】理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．解：R 2的滑动触点向b 端移动时，R 2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R 3电压增大，R 1、R 2并联电压减小，通过R 1的电流I 1减小，即A 1示数减小，而总电流I 增大，则流过R 2的电流I 2增大，即A 2示数增大．故A 、C 、D 错，B 对．故选B ．【点评】解决本题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆定律求解．注意做题前一定要理清电路，看电压表测的是什么电压，电流表测的是什么电流．7.如图所示，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速度沿与x 轴成30°角从原点射入磁场，则正、负电子在磁场中运动时间之比为（ ）A ．1：2B ．1：1C ．1：D ．2：1【答案】D【解析】带电粒子以一定的速度垂直进入匀强磁场，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动．粒子受到的洛伦兹力提供向心力；粒子在磁场中运动的周期仅与粒子的比荷及磁场有关，而运动的时间与偏转角有关．解：正离子进入磁场后，在洛伦兹力作用下向上偏转，而负离子在洛伦兹力作用下向下偏转．正离子以60°入射，则圆弧对应的圆心角为120°，而负离子以30°入射，则圆弧对应的圆心角为60°，由于粒子在磁场中运动的周期仅与粒子的比荷及磁场有关，而运动的时间与偏转角有关，．所以正离子运动时间是负离子时间的2倍．故选：D【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径．则可画出正、负离子运动轨迹，由几何关系可知答案．8.有关磁感应强度B的说法正确的是（）A．对于B=，比值越大，说明通电导线所在处的磁感应强度一定越大B．对于B=，F越大，说明通电导线所在处的磁感应强度一定越大C．可用来量度磁感应强度的大小，但B是由磁场本身因素决定的，与I、L、F无关D．在I、L相同的情况下，垂直磁场方向放置通电导线，受力F越大的地方，B越大【答案】CD【解析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．电流元所受磁场力是由左手定则来确定．解：A、磁感应强度只是定义式，只有当通电导线与磁场垂直时，比值越大，说明通电导线所在处的磁感应强度一定越大．故A错误；B、磁感应强度的大小取决于场源以及磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的取向无关．故B错误；C、可用来量度磁感应强度的大小，但B是由磁场本身因素决定的，与I、L、F无关．故C正确；D、磁感应强度只是定义式，在I、L相同的情况下，垂直磁场方向放置通电导线，受力F越大的地方，B越大．故D正确；故选：CD【点评】磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．9.下列关于电容器和电容的说法中，正确的是（）A．根据C=可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，跟两板间的电压成反比B．对于确定的电容器，其所带的电荷量与两板间的电压（小于击穿电压且不为零）成正比C．无论电容器的电压如何变化（小于击穿电压且不为零），它所带的电荷量与电压比值恒定不变D．电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与加在两板上的电压无关【答案】BCD【解析】电容器的电容等于所带的电荷量与电压比值，对于给定的电容器，其电容不变，与电压、电量无关，表征电容器容纳电荷本领的大小．解：A、根据C=可知，电容器的电容等于其所带电荷量跟两板间的电压的比值，与电压、电量无关，电容不能说电容与其所带电荷量成正比，跟两板间的电压成反比．故A错误．B、对于确定的电容器，电容C一定，则由C=可知，其所带的电荷量与两板间的电压成正比．故B正确．C、电容器的电压变化，所带电量也随之变化，但所带的电荷量与电压比值恒定不变．故C正确．D、电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，由电容器本身的特性决定，与其大小与加在两板上的电压无关．故D正确．故选BCD【点评】对于电容器的电容要抓住其比值定义法的共性：电容反映电容器本身的特性，与电量、电压无关．沿竖直方向垂直进入匀强电场E中，如图示，经过一段时间后，其速度变为水平方向，大小10.带电粒子以速度v仍为v，则一定有（）A．电场力与重力大小相等B．粒子运动的水平位移大小等于竖直位移大小C．电场力所做的功一定等于克服重力所做的功D．电势能的减少一定大于重力势能的增加【答案】ABC【解析】带电粒子在重力与电场力共同作用下，由于两个力都是恒力，可将这个运动沿水平和竖直两个方向进行正交分解，分别运用匀变速直线运动的位移公式，分析两个分位移的关系，由动能定理列式分析重力与电场力的大小关系；根据能量守恒分析电势能与重力势能变化量的关系．解：A、B、将粒子的运动分解成水平方向与竖直方向，粒子水平做匀加速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，根据分运动的等时性，由运动学公式可得：水平分位移大小 x=t，竖直分位移大小 y=，则得x=y根据动能定理得：qEx﹣mgy=0，则得 qE=mg，故AB正确．C、电场力所做的功为qEx，克服重力做功为mgh，则知电场力所做的功一定等于克服重力所做的功，故C正确．D、电势能的减少等于电场力所做的功，重力势能的增加等于克服重力所做的功，所以电势能的减少一定大于重力势能的增加，故D错误．故选：ABC【点评】本题中粒子所受的是恒力，运用运动的分解法研究曲线运动是基本的方法．研究时要抓住分运动的等时性，并要掌握运动学公式，牛顿第二定律，动能定理，及能量守恒定律．并理解电场力做功与电抛能变化关系．11.如图所示的电路中，若ab为输入端，AB为输出端，并把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则（）A．空载时输出电压U AB=B．当AB间接上负载R时，输出电压U AB＜C．AB间的负载R越大，U AB越接近D．AB间的负载R越小，U AB越接近【答案】ABC【解析】空载时变阻器上下两部分电阻串联，根据串联电路电压与电阻成正比得出输出电压U．当AB间接上负AB载R时，负载R与变阻器下部分电阻并联，电阻减小，分担的电压减小，AB间的负载R越大，下部分并联的电阻越大，分担的电压越大，越接近．解：A、空载时，变阻器上下两部分电阻串联，根据串联电路电压与电阻成正比得出输出电压U=，故A正确．AB＜B、当AB间接上负载R时，负载R与变阻器下部分电阻并联，电阻减小，AB间的电压减小，输出电压UAB ．故B正确．C、DAB间的负载R越大，下部分并联的电阻越大，分担的电压越大，越接近．故C正确，D错误．故选ABC【点评】本题变阻器作为分压器使用，考查对分压器原理的理解能力，关键利用串并联的特点进行分析．12.多用电表调零后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，正确的判断和做法是（）A．这个电阻值很小B．这个电阻值很大C．为了把电阻测得更准一些，应换用“×1”挡，重新调零后再测量D．为了把电阻测得更准一些，应换用“×100”挡，重新调零后再测量【答案】BD【解析】根据表盘刻度的特点分析表针偏转与示数间的关系，从而确定出该选用的档位．换挡后要重新欧姆调零．解：A、欧姆表的表盘与电流计的刻度相反，即满偏刻度处电阻为零，电流为零时对应电阻无穷大，则可知，当偏转较小时，说明这个电阻较大，故A错误，B正确；C、用“×10”挡测量一个电阻的阻值，欧姆表指针偏角极小，说明所选挡位太小，为了准确测量，应换用大档位，使偏角增大，读数更准确，故应换用“×100”挡，重新欧姆调零后再测量，C错误，D正确．故选：BD．【点评】本题考查了欧姆表的使用方法，用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，特别注意每次换挡都要重新调零．二、实验题1.在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属丝的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：（量程0～3V，内阻约为15kΩ）A．电压表V1（量程0～15V，内阻约为75kΩ）B．电压表V2C．电流表A（量程0～3A，内阻约为0.2Ω）1D．电流表A（量程0～0.6A，内阻约为11Ω）2（0～100Ω，0.6A）E．变阻器R1F．变阻器R（0～2000Ω，0.1A）2G．电池组E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）H．开关S，导线若干（1）为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有．（2）若用毫米刻度尺测得金属丝长度为60.00cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径及两电表的示数如图所示，则金属丝的直径为 mm，电阻值为Ω．【答案】（1）ADEGH；（2）0.635，2.4【解析】电流表与电压表的选择首先要保证仪表的安全，其次要尽量让仪表的读数在～之间；螺旋测微器的读数为：主尺+半毫米+转筒；电表的读数为指针所指的格子数乘以每小格代表的数解：（1）电流表与电压表的选择要尽量让仪表的读数在～之间．电源的电压是3V，就要选择3V的电压表：A，不能选择15V的电压表；此时流过电流表的电流，所以要选择0.6A的电流表：D，不能选择3A的电流表；该实验中，变阻器R 2达2000Ω，阻值太大，使用效率低，而且额定电流太小，不能使用，故变阻器选择E；其他还需要选择电池组、开关盒导线．故答案应选择：ADEGH（2）①螺旋测微器的读数为：主尺+半毫米+转筒=0mm+0.5mm+13.5×0.01mm=0.635mm；②0.6A量程，每小格代表0.02A，读数为；25×0.02=0.50A；3V量程，每小格代表0.1V，读数为12×0.1=1.2V；电阻为：Ω故答案为：（1）ADEGH；（2）0.635，2.4【点评】题考查器材的选择，电表的读数，螺旋测微器的读数和伏安法测电阻，难度不大，所以简单题．2.实验桌上有下列实验仪器：A．待测电源（电动势约3V，内阻约7Ω）；B．直流电流表（量程0～0.6～3A，0.6A档的内阻约0.5Ω，3A档的内阻约0.1Ω；）C．直流电压表（量程0～3～15V，3V档内阻约5kΩ，15V档内阻约25kΩ）；D．滑动变阻器（阻值范围为0～15Ω，允许最大电流为1A）；E．滑动变阻器（阻值范围为0～1000Ω，允许最大电流为0.2A）；F．开关、导线若干；G．小灯泡“4V、0.4A”。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，A 、B 两物体质量分别为m A 、m B ，且m A <m B ，置于光滑水平面上，相距较远．将两个大小均为F 的力，同时分别作用在A 、B 上经过相同距离后，撤去两个力，两物体发生碰撞并粘在一起后将（）A ．停止运动B ．向左运动C ．向右运动D ．运动方向不能确定2.A 、B 两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，A 球的动量是5kg·m/s ，B 球的动量是7kg·m/s ．当A 球追上B 球时发生碰撞，则碰后A 、B 两球的动量可能值分别是（ ） A ．6 kg·m/s ，6 kg·m/s B ．3 kg·m/s ，9 kg·m/s C ．2 kg·m/s ，14 kg·m/s D ．-5 kg·m/s ，15 kg·m/s3.一理想变压器原、副线圈的匝数比n 1：n 2=11：5．原线圈与正弦交变电源连接，交变电源的电压U 随时间t 的变化规律如图所示，副线圈仅接入一个10Ω的电阻，则下列选项中不正确的是（ ）A ．交变电压的频率为50HzB ．电阻中的电流为10 AC ．经过1分钟，电阻发出的热量为6×103J D ．理想变压器的输入功率为1×103W4.如图所示表示一交流电电流随时间变化的图象，其中电流的正值为正弦曲线的正半周，其最大值为I m ；电流的负值的强度为I m ，求该交流电的有效值（ ）A ．B ．C ．D ．5.物体在恒定合外力作用下运动，则（ ） A ．物体一定作直线运动B ．物体的动量变化率一定恒定C ．物体的动能增量与时间成正比D ．单位时间内物体动量的增量与物体的质量成正比6.如图所示，在甲、乙两种情况下，人用同样大小的恒力拉轻质绳子，使人和船均向右运动，经过相同的时间t ，图甲中的A 船没有到岸，图乙中船A 没有与船B 碰撞，则经过时间t ，则：A ．图甲中A 船（包括人）的速度比图乙中的A 船（包括人）的速度大B ．图甲中人对绳子的拉力的冲量比图乙中人对绳子拉力的冲量小C ．图甲中人对绳子的拉力的冲量和图乙中人对绳子拉力的冲量一样大D ．两种情况下，人做的功一样多7.一位质量为m 的运动员从下蹲状态向上起跳，经t 时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v.在此过程中（ ） A ．地面对他的冲量为mv +mg t ，地面对他做的功为B ．地面对他的冲量为mv +mg t ，地面对他做的功为零C ．地面对他的冲量为mv ，地面对他做的功为D ．地面对他的冲量为mv -mg t ，地面对他做的功为零8.一质量为m 的物体静止在光滑水平面上，在水平力F 作用下，经时间t ，通过位移L 后，动量变为P 、动能变为E k ．若上述过程F 不变，物体的质量变为，以下说法正确的是（ ） A ．经过时间2t ，物体动量变为2P B ．经过位移2L ，物体动量变为2P C ．经过时间2t ，物体动能变为4E kD ．经过位移2L ，物体动能变为4E k9.如图所示，两个相同的木块A 、B 静止在水平面上，它们之间的距离为L ，今有一颗子弹以较大的速度依次射穿了A 、B ，在子弹射出A 时，A 的速度为v A ，子弹穿出B 时，B 的速度为v B , A 、B 停止时，它们之间的距离为s ，整个过程A 、B 没有相碰，则（ ）A ．B ．C ．D ．10.如图所示，一轻弹簧左端固定在长木板M 的左端，右端与小木块m 连接，且m 、M 及M 与地面间接触光滑.开始时，m 和M 均静止，现同时对m 、M 施加等大反向的水平恒力F 1和F 2，从两物体开始运动以后的整个运动过程中，弹簧形变不超过其弹性限度，对于m 、M 和弹簧组成的系统（ ）A ．由于F 1、F 2等大反向，故系统机械能守恒B ．当弹簧弹力大小与F 1、F 2大小相等时，m 、M 各自的动能最大C ．由于F 1、F 2大小不变，所以m 、M 各自一直做匀加速运动D ．由于F 1、F 2等大反向，故系统的动量始终为零11.如图所示，木块静止在光滑水平面上，子弹A 、B 从木块两侧同时射入木块，最终都停在木块中，这一过程中木块始终保持静止。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电磁感应，下列说法中正确的是：（ ） A ．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大 B ．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大 C ．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零 D ．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大2.某同学在研究电容、电感对恒定电流与交变电流的影响时，采用了如图所示的电路，其中L 1、L 2是二个完全相同的灯泡，已知把开关置于3、4时，电路与交流电源相通，稳定后的二个灯泡发光亮度相同，则该同学在如下操作中能观察到的实验现象是（ ）A ．当开关置于1、2时，稳定后L 1、L 2两个灯泡均发光且亮度也相同B ．当开关置于1、2时，稳定后L 1、L 2两个灯泡均发光，但L 1比L 2亮C ．当开关置于3、4瞬间，L 2立即发光，而L 1亮度慢慢增大D ．当开关置于3、4时，稳定后，若只增加交流电的频率,则二个灯泡的亮度将同时变暗3.用均匀导线做成的单匝正方形线框，每边长为0.2米，正方形的一半放在和纸面垂直向里的匀强磁场中，如图示，当磁场以20T/s 的变化率增强时， 线框中点a 、b 两点电势差是：（ ）A ．Uab ＝0.2VB ．Uab ＝－0.2VC ．Uab ＝0.4VD ．Uab ＝－0.4V4.如图所示，粗细均匀的电阻为2r 的金属圆环，放在图示的匀强磁场中，磁感强度为B ，圆环直径为l ，另一长为l ，电阻为r/ 4的金属棒ab 放在圆环上，接触电阻不计。
当ab 棒以v 0向左运动到图示虚线位置时，金属棒两端电势差为（ ）A ．Blv 0B ．C ．D ．5.如图，两块水平放置的平行金属板间距为d ，定值电阻的阻值为R ，竖直放置的线圈匝数为n ，绕制线圈导线的电阻为R ，其它导线的电阻忽略不计。
现有竖直向上的磁场B 穿过线圈，在两极板中有一个质量为m 、电荷量为q ，带正电的油滴恰好处于静止状态，则磁场B 的变化情况是 （ ）A ．均匀增大，磁通量变化率的大小为2mgd/nqB ．均匀增大，磁通量变化率的大小为mgd/nqC ．均匀减小，磁通量变化率的大小为2mgd/nqD ．均匀减小，磁通量变化率的大小为mgd/nq6.将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab 边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中。
四川高二高中物理月考试卷带答案解析
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示的电压按正弦规律变化，图乙所示的电压是正弦函数的一部分．下列说法错误的是（）A．图甲、图乙均表示交流电B．图甲所示电压的瞬时值表达式为u=20sin100πtC．图乙所示电压的有效值为20VD．图乙所示电压的有效值为10V2.如图所示，一面积为S，电阻为R的N匝矩形线圈处于一个交变的磁场中，磁感应强度的变化规律为sinωt．下列说法正确的是（）B=BA．线框中会产生交变电流B．在t=时刻，线框中感应电流达到最大值C．从t=0到t=这一过程中通过导体横截面积的电荷量为D．若只增大变化磁场的频率，则线框中感应电流的频率也将增加，但电流的有效值不变3.如图所示，在第一、第二象限中存在垂直xoy平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一半径为r的扇形金属线框在xoy平面内，以角速度ω绕O点逆时针匀速转动，∠POQ=120°，线框的总电阻为R．则下列说法正确的是（）A．线圈中感应电流的最大值为B．线圈中感应电流的最大值为C．线圈中感应电流的有效值为D．线圈中感应电流的有效值为4.如图中理想变压器原副线圈的匝数之比为2：1，现在原线圈两端加上交变电压U=220sin （100πt ）V 时，灯泡L 1、L 2均正常发光，电压表和电流表可视为理想电表．则下列说法中正确的是（ ）A ．电压表的示数为110VB ．该交流电的频率为100HzC ．若将变阻器的滑片P 向上滑动，则L 1亮度不变、L 2将变亮D ．若将变阻器的滑片P 向上滑动，则原线圈输入功率增大5.如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比n 1：n 2=1：10，副线圈与阻值R=20Ω的电阻相连．原线圈两端所加的电压u=20sin20πt （V ），则（ ）A ．交流电压表的示数为20VB ．副线圈输出交流电的频率为10HzC ．电阻R 上消耗的电功率为2kWD ．原线圈中电流的最大值为100A6.一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是5：1，原线圈接入电压220V 的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R 串联接在副线圈上，如图所示．电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是（ ）A ．原、副线圈中的电流之比为5：1B ．电压表的读数约为31.11VC ．若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω，则1分钟内产生的热量为2904JD ．若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小7.某小型水电站的电能输送示意图如图甲，发电机的输出电压变化规律如图乙，输电线总电 阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n 1、n 2．降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4（变压器均为理想变压器）．要使额定电压为220V 的用电器正常工作，则（ ）A ．乙图中电压的瞬时值表达式为：u=220sin100πt VB ．乙图中电压的有效值和用电器的额定电压都是220 V ，所以=C ．通过升压变压器的电流频率比通过降压变压器的电流频率大D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率8.如图所示，理想变压器MN 原线圈接一交流电源，副线圈回路中有一定值电阻R 0和两个小灯泡L 1、L 2，电表为理想电表．最初电键S 是断开的，现闭合电键S ，则（ ）A ．副线圈两端电压变大B ．灯泡L 1变亮C ．电流表A 1示数变大D ．电阻R 0中的电流变小9.理想变压器与电阻R 及交流电流、电压表V 和A 按图示方式连接，已知变压器原副线圈的匝数比为n 1：n 2=10：1，电阻R=11Ω，原线圈两端输入电压U 随时间变化的图象如图所示，下列说法中正确的是（ ）A ．V 表的读数为220VB ．通过R 的电流为2AC ．A 表的读数为2AD ．变压器的输入功率为44W10.一个单摆在竖直平面内做小幅振动，周期为2s ．如果从单摆向右运动通过平衡位置时开始计时，则在t=1.6s 至t=1.8s 的过程中，摆球的（ ）A ．速度向左在减小，加速度向右在增大B ．速度向左在增大，加速度向左在增大C ．速度向右在增大，加速度向右在减小D ．速度向右在减小，加速度向左在减小11.一列沿x 轴负方向传播的简谐横波在某时刻（设该时间为t=0时刻）的波形如图所示，在0.7s 末，质点P 恰好第二次到达波峰，则下列说法不正确的是（ ）A ．在该列波的传播速度是10m/sB ．在0.9s 末，质点Q 第一次到达波峰C ．如果x=5m 处就是波源，则它刚开始起振的方向是y 轴的正方向D ．当质点Q 到达波峰时，质点P 到达波谷12.在均质弹性绳中有一振源S ，它以5Hz 的频率上下做简谐运动，振幅为5cm ，形成的波沿绳向左、右两边传播．从振源开始振动计时，t 时刻的波形如图所示，质点P 右边的绳还未振动，S 左边的波形没有画出，则 （ ）A ．该波的波速为60cm/sB ．波源S 开始振动的方向向下C ．图中的质点Q 在t 时刻处在波谷D ．在t=0至t=1.0s 时间内质点P 运动的路程为70cm13.如图所示，一列简谐波向右以8.0m/s的速度传播，某一时刻沿波的传播方向上有a、b两质点，位移大小相等，方向相同，则（）A．无论再经多长时间，a、b两质点位移不可能大小相等、方向相反B．再经过0.25s，a、b两质点位移第一次大小相等、方向相反C．再经过0.25s，a、b两质点速度第一次大小相等、方向相反D．再经过0.5s，a、b两质点速度第一次大小相等、方向相同二、实验题如图（a）所示，细线的上端固定在铁架台上，下端系一个小钢球，做成一个单摆．测量摆长l和摆的周期T，得到一组数据．改变摆长，再得到几组数据．从中可以找出周期与摆长的关系．实验过程有两组同学分别用了图（b）（c）的两种不同方式悬挂小钢球，你认为（选填“b”或“c”）悬挂方式较好．图（d）是某组同学根据实验数据画出的T2﹣l图线，通过图线得到振动周期T（s）与摆长l（m）的函数关系式是．三、填空题一列简谐横波沿x轴正方向传播，O为波源且t=0开始沿y轴负方向起振，如图所示是t=0.2s末x=0至4m范围内的波形图，虚线右侧的波形未画出．已知图示时刻x=2m处的质点第一次到达波峰，则该简谐横波的波速为；从t=0.2s时刻开始计时，写出x=1m处的质点的振动表达式．四、计算题自t=0时刻起，质点A做简谐运动，其振动图象如图所示．t=10s时，距A质点10m处的B质点开始振动．求：①该波的波速大小v；②该波的波长λ．四川高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示的电压按正弦规律变化，图乙所示的电压是正弦函数的一部分．下列说法错误的是（）A．图甲、图乙均表示交流电B．图甲所示电压的瞬时值表达式为u=20sin100πtC．图乙所示电压的有效值为20VD．图乙所示电压的有效值为10V【答案】C【解析】A、电流方向随着时间周期性变化的电流就是交流电，故图甲、图乙均表示，故A正确；B、图中电压的最大值为20V，频率为0.02s，故表达式为：u=Usin=20sin100πt，故B正确；mC、D、图乙所示电压的最大值为20V，根据有效值的定义，有：解得：U=故C错误，D正确；本题选择错误的，故选C．2.如图所示，一面积为S，电阻为R的N匝矩形线圈处于一个交变的磁场中，磁感应强度的变化规律为sinωt．下列说法正确的是（）B=BA．线框中会产生交变电流B．在t=时刻，线框中感应电流达到最大值C．从t=0到t=这一过程中通过导体横截面积的电荷量为D．若只增大变化磁场的频率，则线框中感应电流的频率也将增加，但电流的有效值不变【答案】AB【解析】A、由题意可知，矩形线圈处于一个交变的磁场中，从而导致穿过线圈的磁通量变化，则产生感应电流，故A正确；B、线圈中产生感应电流的瞬时表达式，为i=cosωt，当在t=时刻，线框中感应电流达到最大值，故B 正确；S，所以横截面积的电荷C、根据电量的表达式，q=N，从t=0到t=这一过程中通过导体磁通量变化为B量为为N，故C错误；D、若只增大变化磁场的频率，则线框中感应电流的频率也将增加，导致最大值也增加，所以有效值也增大，故D 错误．故选：AB3.如图所示，在第一、第二象限中存在垂直xoy 平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，一半径为r 的扇形金属线框在xoy 平面内，以角速度ω绕O 点逆时针匀速转动，∠POQ=120°，线框的总电阻为R ．则下列说法正确的是（ ）A ．线圈中感应电流的最大值为B ．线圈中感应电流的最大值为C ．线圈中感应电流的有效值为D ．线圈中感应电流的有效值为【答案】AD【解析】A 、B 、线圈中感应电动势的最大值为：E m =ω，线圈中感应电流的最大值为：I m ==．故A 正确，B 错误．C 、D 、画出一个周期内感应电流的图象如图所示．设感应电流的有效值为I ，根据有效值的定义得：2×R•=I 2RT解得：I=．故C 错误，D 正确．故选：AD ．4.如图中理想变压器原副线圈的匝数之比为2：1，现在原线圈两端加上交变电压U=220sin （100πt ）V 时，灯泡L 1、L 2均正常发光，电压表和电流表可视为理想电表．则下列说法中正确的是（ ）A ．电压表的示数为110VB ．该交流电的频率为100HzC ．若将变阻器的滑片P 向上滑动，则L 1亮度不变、L 2将变亮D ．若将变阻器的滑片P 向上滑动，则原线圈输入功率增大【答案】CD【解析】A 、原线圈两端加上交变电压U=220sin （100πt ）V ，原线圈的电压的有效值为=110V ，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的有效值为55V ，故A 错误；B 、原线圈两端加上交变电压U=220sin （100πt ）V ，ω=100πrad/s ，f==50Hz ，故B 错误；C 、在滑动变阻器触头P 向上移动的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路的总电阻减小，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变，所以电流变大，即电流表读数变大，L 1两端电压不变所以亮度不变，通过L 1和L 2的电流之和变大，通过L 1的电流不变，所以L 2电流增大，将变亮，故C 正确；D 、若将变阻器的滑片P 向上滑动，输出的电压不变，电流变大，所以原线圈输入功率增大，故D 正确； 故选：CD ．5.如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比n 1：n 2=1：10，副线圈与阻值R=20Ω的电阻相连．原线圈两端所加的电压u=20si n20πt （V ），则（ ）A ．交流电压表的示数为20VB ．副线圈输出交流电的频率为10HzC ．电阻R 上消耗的电功率为2kWD ．原线圈中电流的最大值为100A【答案】BC【解析】A 、电压表显示的是有效值应为=20V ，故A 错误； B 、原副线圈的频率是相同的f===10Hz ，故B 正确；C 、由电压之比等于匝数之比知R 两端的电压为200V ，P==2000W ，故C 正确；D 、由输入功率=输出功率=2KW=20I ，I=100A ，最大值为I=100A ，故D 错误； 故选BC6.一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是5：1，原线圈接入电压220V 的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R 串联接在副线圈上，如图所示．电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是（ ）A ．原、副线圈中的电流之比为5：1B ．电压表的读数约为31.11VC ．若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω，则1分钟内产生的热量为2904JD ．若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小【答案】BC【解析】A 、原线圈接入电压为220V 的正弦交流电，原、副线圈的匝数比是5：l ，则副线圈电压为44V ，原、副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为1：5，A 错误；B 、原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44 V ，由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知解得U=22=31.11V ，故B 正确； C 、由B 求得电压表两端电压有效值为U 有效=22V ，则1 min 内产生的热量为Q=="2904" J ，故C 正确；D 、将滑动变阻器滑片向上滑动，接入电路中的阻值变小，电流表的读数变大，但对原、副线圈两端的电压无影响，即电压表的读数不变，所以D 错误． 故选：BC7.某小型水电站的电能输送示意图如图甲，发电机的输出电压变化规律如图乙，输电线总电 阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n 1、n 2．降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4（变压器均为理想变压器）．要使额定电压为220V 的用电器正常工作，则（ ）A ．乙图中电压的瞬时值表达式为：u=220sin100πt VB ．乙图中电压的有效值和用电器的额定电压都是220 V ，所以=C ．通过升压变压器的电流频率比通过降压变压器的电流频率大D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率【答案】AD【解析】A 、根据乙图可知，电压的最大值，周期T=0.02s ，所以，则乙图中电压的瞬时值表达式为：u=220sin100πt V ，故A 正确；B 、由变压器的电压比与匝数之比的关系得：，；因升压变压器，所以U 1＞U 2，又因与为线路电压损失，即U 2＞U 3，所以，故B 错误．C 、通过变压器的原副线圈的电流的频率相同，故C 错误．D 、因是理想变压器，则其输入功率与输出功率相等，但由于电线电阻功率损失，所以升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率．故D 正确． 故选：AD ．8.如图所示，理想变压器MN 原线圈接一交流电源，副线圈回路中有一定值电阻R 0和两个小灯泡L 1、L 2，电表为理想电表．最初电键S 是断开的，现闭合电键S ，则（ ）A ．副线圈两端电压变大B ．灯泡L 1变亮C ．电流表A 1示数变大D ．电阻R 0中的电流变小【答案】C【解析】A 、由于输入的电压的大小和变压器的匝数比不变，所以变压器的输出的电压始终不变，故A 错误； B 、当S 接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，所以电阻R 上消耗的电压变大，由于输出的电压不变，所以灯泡L 1的电压减小，故灯泡L 1变暗，故B 错误；C 、当S 接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，故C 正确；D 、当S 接通后，原线圈电路的总电阻减小，总电流变大，故D 错误； 故选：C ．9.理想变压器与电阻R 及交流电流、电压表V 和A 按图示方式连接，已知变压器原副线圈的匝数比为n 1：n 2=10：1，电阻R=11Ω，原线圈两端输入电压U 随时间变化的图象如图所示，下列说法中正确的是（ ）A ．V 表的读数为220VB ．通过R 的电流为2AC ．A 表的读数为2AD ．变压器的输入功率为44W【答案】BD【解析】由原线圈两端输入电压U 随时间变化的图象可知，U 1=220V ，T=0.02sA 、根据原副线圈的电压比等于匝数之比，可知，所以电压表的示数为22V ，故A 错误；B 、根据欧姆定律得：I=，故B 正确，C 错误；C 、副线圈功率P 2=I 2U 2=44W ，所以变压器的输入功率P 1=P 2=44W ，故D 正确． 故选BD10.一个单摆在竖直平面内做小幅振动，周期为2s ．如果从单摆向右运动通过平衡位置时开始计时，则在t=1.6s 至t=1.8s 的过程中，摆球的（ ）A ．速度向左在减小，加速度向右在增大B ．速度向左在增大，加速度向左在增大C ．速度向右在增大，加速度向右在减小D ．速度向右在减小，加速度向左在减小【答案】C【解析】由题，单摆的周期是2s ，一个周期分成四个周期，从单摆向右运动通过平衡位置时开始计时，则在t=1.6秒至t=1.8秒的过程中，单摆是由平衡位置向右向最大位移处运动，所以速度向右在减小，加速度方向向右在增大．故A 、B 、D 错误，C 正确． 故选C ．11.一列沿x 轴负方向传播的简谐横波在某时刻（设该时间为t=0时刻）的波形如图所示，在0.7s 末，质点P 恰好第二次到达波峰，则下列说法不正确的是（ ）A ．在该列波的传播速度是10m/sB ．在0.9s 末，质点Q 第一次到达波峰C ．如果x=5m 处就是波源，则它刚开始起振的方向是y 轴的正方向D ．当质点Q 到达波峰时，质点P 到达波谷【答案】C【解析】A 、由题，1=0.7s ，得T=0.4s ，由图读出波长λ=4m ，则波速为v==10m/s ．故A 正确．B 、当图示时刻x=2m 处质点的状态传到Q 时，质点Q 第一次到达波峰，经过时间为t==．故B 正确．C 、如果x=5m 处就是波源，它刚开始起振的方向与x=﹣1m 处质点此时刻的振动方向相同，应沿y 轴负方向．故C 错误．D 、PQ 间的距离△x=10m=2.5λ，P 、Q 的振动情况总是相反，则当质点Q 到达波峰时，质点P 到达波谷．故D 正确．本题选错误的，故选C12.在均质弹性绳中有一振源S ，它以5Hz 的频率上下做简谐运动，振幅为5cm ，形成的波沿绳向左、右两边传播．从振源开始振动计时，t 时刻的波形如图所示，质点P 右边的绳还未振动，S 左边的波形没有画出，则 （ ）A ．该波的波速为60cm/sB ．波源S 开始振动的方向向下C ．图中的质点Q 在t 时刻处在波谷D ．在t=0至t=1.0s 时间内质点P 运动的路程为70cm【答案】BD【解析】A、波的频率f=5Hz，周期T=0.2s，由图知该波在t=T=0.3s时间内，波传播了12cm，则波速v= cm/s=cm/s=40cm/s，故A错误；B、此时P点的振动方向向下，则波源的起振方向向下，故B正确；C、由对称性知x=﹣6cm处质点t时刻处于波峰，故C错误；D、在t=0至t=1.0s时间内，即△t=1s，质点P已振动0.7s，运动的路程为s=×4A=×4×5cm=70cm，故D正确．故选：BD13.如图所示，一列简谐波向右以8.0m/s的速度传播，某一时刻沿波的传播方向上有a、b两质点，位移大小相等，方向相同，则（）A．无论再经多长时间，a、b两质点位移不可能大小相等、方向相反B．再经过0.25s，a、b两质点位移第一次大小相等、方向相反C．再经过0.25s，a、b两质点速度第一次大小相等、方向相反D．再经过0.5s，a、b两质点速度第一次大小相等、方向相同【答案】B【解析】A、B、C由图读出波长为λ=8m，则周期为T==1s．t=0.25s=．再过0.25s，波形向右平移．根据波形的平移法分析得知，再经过0.25s，质点a在平衡位置下方向下运动，质点b平衡位置上方向下运动，两质点到平衡位置的距离相等，则再经过0.25s，a，b两质点位移第一次大小相等、方向相反，速度第一次大小相等、方向相同．故B正确，AC错误．D、再经过0.5s，即半个周期，波形图象反相，a，b两质点速度仍大小相等、方向相反．故D错误．故选：B二、实验题如图（a）所示，细线的上端固定在铁架台上，下端系一个小钢球，做成一个单摆．测量摆长l和摆的周期T，得到一组数据．改变摆长，再得到几组数据．从中可以找出周期与摆长的关系．实验过程有两组同学分别用了图（b）（c）的两种不同方式悬挂小钢球，你认为（选填“b”或“c”）悬挂方式较好．图（d）是某组同学根据实验数据画出的T2﹣l图线，通过图线得到振动周期T（s）与摆长l（m）的函数关系式是．【答案】C；T=【解析】单摆的试验中，摆长必须固定，故应采用C图；分析图象可知，T2与l成线性关系，即分T2与l成正比正比，因此T与l的关系应为T=三、填空题一列简谐横波沿x轴正方向传播，O为波源且t=0开始沿y轴负方向起振，如图所示是t=0.2s末x=0至4m范围内的波形图，虚线右侧的波形未画出．已知图示时刻x=2m处的质点第一次到达波峰，则该简谐横波的波速为；从t=0.2s时刻开始计时，写出x=1m处的质点的振动表达式．【答案】40m/s；【解析】波的传播特点，由t=0时，O沿y轴负方向起振可知波的传播图形：t=0.2s时，x=2处质点第一次到达波峰，可知，0.2s内，波只传播了一个周期：v===40（m/s）由图知，λ=8m，则周期：T==s=0.2s，圆频率：ω==10rad/st=0.2s时刻x=1m处的质点的位移为：y=A=10cm=5cm．根据波形平移法可知，该质点的速度沿y轴负方向，则x=1m处的质点的振动表达式为：x=﹣Asin（ωt﹣）=﹣10sin（10πt﹣）cm四、计算题自t=0时刻起，质点A做简谐运动，其振动图象如图所示．t=10s时，距A质点10m处的B质点开始振动．求：①该波的波速大小v；②该波的波长λ．【答案】①该波的波速大小v是1m/s；②该波的波长λ是4m【解析】①由题，该波在t=10s内波传播的距离为s=10m，则波速v==1m/s②波长λ=Tv=4m。
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四川省成都市树德协进中学2013-2014学年高二物理11月月考试题新人教版（本卷满分100分，考试时间90分钟）第Ⅰ卷 选择题部分（46分）一、单选题（每题3分，共30分）1.下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是( )． A ．电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线B ．磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的C ．电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线D ．电场线越密的地方，电场越强，磁感线越密的地方，磁场不一定越强2．真空中，A 、B 两点与点电荷Q 的距离分别为r 和3r ，则A 、B 两点的电场强度大小之比为( )．A ．3∶1B ．1∶3C ．9∶1D ．1∶93．把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A 电阻丝长为L ，直径为d ，B 电阻丝长为3L ，直径为3d .要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应满足( )．A ．U A ∶UB ＝1∶1 B ．U A ∶U B ＝3∶1C ．U A ∶U B ＝3∶3D ．U A ∶U B ＝3∶44．有一束电子流沿X 轴正方向高速运动，如图所示，电子流在z 轴上的P 点处所产生的磁场方向是沿（ ）A.y 轴正方向B.y 轴负方向C.z 轴正方向D.z 轴负方向5．如图所示，直线上有O 、a 、b 、c 四点，ab 间的距离与bc 间的距离相等．在O 点处有固定点电荷．已知b 点电势高于c 点电势．若一带负电荷的粒子仅在电场力作用下先从c 点运动到b 点，再从b 点运动到a 点，则( )． A ．两过程中电场力做的功相等B ．前一过程中电场力做的功大于后一过程中电场力做的功C ．前一过程中，粒子电势能不断减小D ．后一过程中，粒子动能不断减小6．如图所示的电路中，A 、B 、C 、D 是四只相同的灯泡.当滑动变阻器的滑动片向下滑动时，下列说法正确的是( ) A.A 灯变亮 B.B 灯变暗yC.C灯变亮D.D灯变亮7．如图所示，一弓形线圈通以逆时针电流，在其圆弧的圆心处，垂直于纸面放一直导线，当直导线通有指向纸内的电流时，线圈将 ( ) A．a端向纸内、b端向纸外转动，且靠近导线B．a端向纸内、b端向纸外转动，且远离导线C．b端向纸内、a端向纸外转动，且靠近导线D．b端向纸内、a端向纸外转动，且远离导线8．在一块半导体基板上陈列了10万颗金属颗粒，每一颗粒充当电容器的一极，外表面绝缘，手指贴在其上构成电容器的另一极，这就组成了指纹传感器．当手指的指纹一面与绝缘表面接触时，由于指纹深浅不同，对应的峪和嵴与颗粒间形成一个个电容大小不同的电容器，则( )．A．指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近，电容小B．指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远，电容小C．对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压，在手指靠近时，各金属电极所带电荷量减小D．对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压，在手指远离时，各金属电极均处于充电状态9. 如图所示，电源电动势E＝14 V，内阻r＝1 Ω.小灯泡L标有“2 V 4 W”，电动机内阻rM＝0.5 Ω，当变阻器调到R＝1 Ω时，电灯和电动机均正常工作，则( )A．电动机的输出功率为16 W B．电动机的效率为87.5%C．电源的输出功率为28 W D．电源的效率为80%10．如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( )．A．O点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同二、不定项选择题（每小题所给的四个选项中，有的可能不止一个符合题意，每题全选正确得4分，不选或有错得0分，满分共16分）11．如图所示的电路中，电源电动势E ＝3 V ，内电阻r ＝1 Ω，定值电阻R 1＝3 Ω，R 2＝2 Ω，电容器的电容C ＝100 μF ，则下列说法正确的是( )． A ．闭合开关S ，电路稳定后电容器两端的电压为1.5 V B ．闭合开关S ，电路稳定后电容器所带电荷量为3.0×10－4C C ．闭合开关S ，电路稳定后电容器极板a 所带电荷量为1.5×10－4CD ．先闭合开关S ，电路稳定后断开开关S ，通过电阻R 1的电荷量为3.0×10－4C 12．如图所示，质量为m 、长为L 的直导线用两绝缘细线悬挂于O 、O ′，并处于匀强磁场中．导线中通以沿x 轴正方向的电流I ，悬线与竖直方向的夹角为θ，且导线保持静止，则磁感应强度的方向和大小可能为( )．A ．z 轴正向，mg IL tan θB ．y 轴正向，mgILC ．z 轴负向，mg IL tan θD ．沿悬线向上，mgILsin θ13．如图所示，a 表示某电源路端电压随电流变化的图线，b 表示外电阻两端电压随电流变化的图线，下列判断正确的是( )A ．阴影部分的“面积”表示电源内阻上消耗的功率B ．阴影部分的“面积”表示电源的输出功率C ．当α＝β时，电源的输出功率最大D ．当α＝β时，电源的效率最高14．一带电粒子仅在电场力作用下以初速度v 0从t ＝0时刻开始运动，其v －t 图象如图所示．如粒子在2t 0时刻运动到A 点，5t 0时刻运动到B 点．以下说法中正确的是( )．A ．A 、B 两点的电场强度大小关系为E A ＝E B B ．A 、B 两点的电势关系为φA >φBC ．粒子从A 点运动到B 点时，电场力做的总功为正D ．粒子从A 点运动到B 点时，电势能先减少后增加第Ⅱ卷 （非选择题部分，共54分）三、实验题（共16分）15．用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为________mm 。
16．某学习小组用伏安法测量一未知电阻R x 的阻值，给定器材及规格为：电流表A(量程为0～5 mA，内阻约为10 Ω)；电压表V(量程为0～3 V，内阻约为3 kΩ)；最大阻值约为100 Ω的滑动变阻器；电源E(电动势约3 V)；开关S、导线若干．(1)由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图甲所示电路试测，读得电压表示数大约为2.4 V，电流表示数大约为5 mA，则未知电阻的阻值R x大约为________ Ω.(2)经分析，该电路测量误差较大，需改进．请直接在图甲上改画：①在不需要的连线上画“×”表示，②补画上需要添加的连线．(3)对改进的电路进行测量，并根据测量数据画出了如图乙所示的U－I图象，得R x＝________ Ω.(保留三位有效数字)17．(1)用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T.请根据下列步骤完成电阻测量．(1)旋动部件________，使指针对准电流的“0”刻线．(2)将K旋转到电阻挡“×100”的位置．(3)将插入“＋”、“－”插孔的表笔短接，旋动部件______，使指针对准电阻的________(填“0刻线”或“∞刻线”)．(4)将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按________的顺序进行操作，再完成读数测量．A．将K旋转到电阻挡“×1 k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准四、计算题（共38分，要求写出必要的文字说明和过程，只有最后结果不给分）18．如图所示，在倾角为θ＝30°的斜面上，固定一宽L＝0.25 m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R.电源电动势E＝12 V，内阻r＝1 Ω，一质量m＝20 g 的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B＝0.80 T、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻不计)．金属导轨是光滑的，取g＝10 m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：(1)金属棒所受到的安培力的大小．(2)通过金属棒的电流的大小．(3)滑动变阻器R接入电路中的阻值．19．如图所示电路中，R1＝R2＝R3＝10 Ω，S断开时，电压表示数为16 V；S闭合时，示数为10 V．若电压表可视为理想的，求：(1)电源电动势和内阻各为多大？(2)闭合S前后，R1消耗的功率分别多大？20．如图所示，水平放置的平行板电容器，原来AB两板不带电，B极板接地，它的极板长l ＝0.1 m，两板间距离d＝0.4 cm，现有一微粒质量m＝2.0×10－6 kg，带电荷量q＝＋1.0×10－8C，以一定初速度从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒恰好能落到A板的中点O处，取g＝10 m/s2.试求：(1)带电粒子入射初速度v0的大小：(2)现使电容器带上电荷，使带电微粒能从平行板电容器的右侧射出，则带电后A板的电势为多少？成都市树德协进中学高2012级2013年11月阶段性考试物理试题答题卷四、计算题（共38分）18．19．20．15．0.398mm 16．(1)480 Ω. (2)如图 (3)500 Ω17．(1)S (3)T 0刻线 (4)ADC18（10分）解析：(1)金属棒静止在金属导轨上受力平衡，如图所示F 安＝mg sin 30°，代入数据得F 安＝0.1 N. （4分）(2)由F 安＝BIL 得I ＝F 安BL＝0.5 A. （3分） (3)设滑动变阻器接入电路的阻值为R 0，根据闭合电路欧姆定律 得：E ＝I (R 0＋r ) 解得R 0＝E I－r ＝23 Ω. （3分）20（14分）解析 (1)（5分）电容器不带电时，微粒做平抛运动，则有l 2＝v 0t ， d 2＝12gt 2，联立两式得v 0＝l2gd＝2.5 m/s. (2)（9分）若使微粒能从电容器右侧射出，则要求A 板的电势大于0，则有U AB ＝φA －φB＝φA ，A 板电势最小时，微粒刚好从A 板右侧边缘射出，则有l ＝v 0t 1，d 2＝12a 1t 21，且mg －q φA mind＝ma 1，联立以上各式得φA min＝6 VA 板电势最大时，微粒刚好从B 板右侧边缘射出，则有qφA maxd－mg ＝ma 2，且有a 2＝a 1，代入数据解得φA max＝10 V综合可得6 V≤φA ≤10 V.。