(完整版)手拉手模型

中考数学专题训练旋转模型几何变换的三种模型手拉手、半角、对角互补

几何变换的三种模型手拉手、半角、对角互补 ?????? ?? ?? ??? ???? ? ????????等腰三角形手拉手模型等腰直角三角形（包含正方形）等边三角形（包含费马点）特殊角旋转变换对角互补模型一般角特殊角角含半角模型一般角 等线段变换（与圆相关） 【练1】 （2013北京中考）在ABC △中，AB AC =，BAC α∠=（060α?<

【练2】 （2012年北京中考）在ABC △中，BA BC BAC α=∠=， ，M 是AC 的中点，P 是线段上的动点，将线段PA 绕点P 顺时针旋转2α得到线段PQ ． （1）若α=60?且点P 与点M 重合（如图1），线段CQ 的延长线交射线BM 于点D ，请补全图形，并写出CDB ∠的度数； （2）在图2中，点P 不与点B M ，重合，线段CQ 的延长线与射线BM 交于点D ，猜想CDB ∠的大小（用含α的代数式表示），并加以证明； （3）对于适当大小的α，当点P 在线段BM 上运动到某一位置（不与点B ，M 重合）时，能使得线段CQ 的延长线与射线BM 交于点D ，且PQ QD =，请直接写出α的范围．

例题精讲 考点1：手拉手模型：全等和相似 包含：等腰三角形、等腰直角三角形（正方形）、等边三角形伴随旋转出全等，处于各种位置的旋转模型，及残缺的旋转模型都要能很快看出来 （1）等腰三角形旋转模型图（共顶点旋转等腰出伴随全等） （2）等边三角形旋转模型图（共顶点旋转等边出伴随全等） （3）等腰直角旋转模型图（共顶点旋转等腰直角出伴随全等） （4）不等边旋转模型图（共顶点旋转不等腰出伴随相似）

中考数学几何专题之手拉手模型(初三数学)

手拉手模型 【课堂导入】 什么是手拉手相似基本图形？与手拉手全等的基本图形类似，手拉手相似要比手拉手全等更具有一般性。 在上面右侧的四个图形中，每一个图形中都存在两对相似三角形，△ADE∽△ABC， △ADB∽△AEC，这两对相似三角形是可以彼此转化的。

【例1】已知：△ABC，△DEF 都是等边三角形，M 是 BC 与 EF 的中点，连接 AD，BE. （1）如图1，当EF 与BC 在同一条直线上时，直接写出 AD 与BE 的数量关系和位置关系； （2）△ABC 固定不动，将图1 中的△DEF 绕点M 顺时针旋转（0o≤≤90o）角，如图2 所示，判断（1）中的结论是否仍然成立，若成立，请加以证明；若不成立，说明理由； 【例2】以平面上一点O 为直角顶点，分别画出两个直角三角形，记作△AOB 和△COD，其中∠ABO=∠DCO=30°．点E、F、M 分别是AC、CD、DB 的中点，连接FM、EM． ①如图 1，当点D、C 分别在 AO、BO 的延长线上时 F M E M ②如图2，将图1 中的△AOB 绕点O 沿顺时针方向旋转60度角，其 他条件不变，判断 F M的值是否发生变化，并对你的结论进行证明； E M

【例3】如图 1，在△ABC 中，∠ACB=90°，BC=2，∠A=30°，点 E，F 分别是线段 BC， AF=_______． AC 的中点，连结 EF．（1）线段B E 与A F 的位置关系是_______， BE （1）中的结论是（2）如图2，当△CEF 绕点C顺时针旋转α时（0°＜α＜180°） ，连结A F，BE， 否仍然成立.如果成立，请证明；如果不成立，请说明理由． 【例4】如图 1，在四边形 ABCD 中，点E、F 分别是AB、CD 的中点，过点E 作AB 的垂 线，过点F 作CD 的垂线，两垂线交于点G，连接AG、BG、CG、DG，且∠AGD=∠BGC． （1）求证：AD=BC． （2）求证：△AGD∽△EGF． （3）如图2，若AD、BC 所在直线互相垂直，求E F A D的值．

手拉手模型专题练习(全等或相似)

全等三角形是初中知识一个重点，考试时经常会以填空、选择、解答题的形式出现，所占分值比例较大，所以学习全等三角形尤为重要。全等三角形共有5种判定方式：SSSSASASA AAS HL。特殊情况下平移、旋转、对称也会构成全等三角形。 方法： 全等三角形判定方法一：SSS（边边边），即三边对应相等的两个三角形全等? 全等三角形判定方法二：SAS（边角边），即三角形的其中两条边对应相等，且两条边的夹角也对应相等的两个三角形全等? 全等三角形判定方法三：ASA（角边角），即三角形的其中两个角对应相等，且两个角夹的的边也对应相等的两个三角形全等. 全等三角形判定方法四：AAS （角角边），即三角形的其中两个角对应相等，且对应相等的角所对应的边也对应相等的两个三角形全等. 全等三角形判定方法五：HL （斜边、直角边），即在直角三角形中一条斜边和一条直角边对应相等的两个直角三角形全等? 附加：平移、旋转或对称的两个三角形全等? 注意事项： SSS SAS ASA AAS可用于任意三角形；HL只限于直角三角形. 注意SSA AAA不能判定全等三角形. 在证明时注意利用定理，如：等式性质、等量代换、等角重合有等角、公共边、公共角、对顶角相等、等角或同角的余角或补角相等、角平分线定义、线段中点定义等 证明全等写条件时注意书写顺序. 写全等结论时注意对应顶点的位置. 有时全等三角形会结合等腰三角形出现命题。

娱型一：手拉手模型一全等 等追三術形 届伴：46LB. 旳为等边三角刖坯论：①①6dAC/SZ> :② AFB = 60: ③OE平分_4ED （易忘） 务件：AOA目…\OCD沟为等谨总角三鬲形 站抡：①AOAC^AOSD :②亠AE￡=9（F ③OE平分_AED（务忘） 导角核心图形 弄憔RT\

手拉手模型专题训练

1、在直线ABC的同一侧作两个等边三角形△ABD和△BCE，连接AE与CD，证明： △ABE≌△DBC，AE=DC，AE与DC的夹角为60?，△AGB≌△DFB，△EGB≌△CFB， BH平分∠AHC，GF∥AC 2、如果两个等边三角形△ABD和△BCE，连接AE与CD，直线AE与CD相交于点H，求证：（1）AE=DC；（2）AE与DC的夹角为60?；（3）BH平分∠AHC. 3、如图，两个正方形ABCD和DEFG，连接AG与CE，二者相交于H，求证： （1）AG=CE；（2）AG与CE之间的夹角为90度；（3）HD平分∠AHE.

4．将等腰Rt△ABC和等腰Rt△ADE按图①方式放置，∠A=90°，AD边与AB边重合，AB=2AD=4。 将△ADE绕点A逆时针方向旋转一个角度α（0°<α>180°），BD的延长线交CE于P。（1）如图②，证明：BD=CE，BD⊥CE； （2）如图③，在旋转的过程中，当AD⊥BD时，求出CP的长。 ，PB=4，以AB为直角边作等腰直角三角形ABD，且P、D两点在直线AB 5、已知：PA (1)如图，当∠APB=45°时，求AB及PD的长; (2)当∠APB变化，且其它条件不变时，求PD的最大值及相应∠APB的大小.

1、如图，已知△ABC的面积是3的等边三角形，△ABC∽△ADE，AB=2AD，∠BAD=45°，AC 与DE相交于点F，则△AEF的面积等于__________（结果保留根号）. 2、在△ABC中，AB=AC，∠BAC=2∠DAE=2α． （1）如图1，若点D关于直线AE的对称点为F，求证：△ADF∽△ABC； （2）如图2，在（1）的条件下，若α=45°，求证：DE2=BD2+CE2； （3）如图3，若α=45°，点E在BC的延长线上，则等式DE2=BD2+CE2还能成立吗？请说明理由．

手拉手模型-含答案

手拉手模型 一．填空题（共18小题） 1．已知△ABC中，∠ABC＝45°，AB＝7，BC＝17，以AC为斜边在△ABC外作等腰Rt△ACD，连接BD，则BD的长为． 2．如图，在△ABC中，∠ABC＝60°，AB＝3，BC＝5，以AC为边在△ABC外作正△ACD，则BD的长为． 3．四边形ABCD中，AC＝BC，∠ACB＝90°，∠ADB＝30°，AD＝，CD＝14，则BD＝． 4．已知在四边形ABCD中，AB＝AC，∠ABC＝∠ADC＝60°，连接BD，若CD＝2，AB ＝2，则BD的长度为． 5．如图，在四边形ABCD中，∠ADC＝∠ABC＝45°，CD＝，BC＝，连接AC、BD，若AC⊥AB，则BD的长度为．

6．如图，四边形ABCD中，∠ABC＝∠ACD＝∠ADC＝45°，△DBC的面积为8，则BC 长为． 7．如图，D为△ABC内一点，且AD＝BD，若∠ACD＝∠DAB＝45°，AC＝5，则S△ABC ＝． 8．如图，线段AB绕着点A逆时针方向旋转120°得到线段AC，点B对应点C，在∠BAC 的内部有一点P，P A＝8，PB＝4，PC＝4，则线段AB的长为． 9．如图，在△ABC中，∠ABC＝60°，＝，D为△ABC外一点，连接AD、CD．若∠ADC＝30°，AC＝AD，则的值为．

10．如图，△ABC、△CDE是两个直角三角板，其中∠ECD＝∠ACB＝90°，∠CED＝45°，∠CAB＝30°，若AB＝DE＝2，将直角三角板CDE绕点C旋转一周，则|AD﹣BE|的最大值为． 11．如图，点D为等边△ABC外一点，∠ADC＝60°，连接BD，若AD＝8，△BCD的面积为，则BD的长为． 12．如图，△ABC中，∠ABC＝45°，AB＝2，BC＝6，AD⊥AC，AD＝AC，连接BD，则BD的长为． 13．如图，在△ABC中，∠ABC＝60°，AB＝3，BC＝12，以AC为腰，点A为顶点作等腰△ACD，且∠DAC＝120°，则BD的长为．

三角形手拉手模型-专题讲义(无答案)

手拉手模型 1、等边三角形 条件:△OAB，△OCD均为等边三角形 结论：；;导角核心：八字导角 2、等腰直角三角形 条件：△ＯAＢ，△ＯCD均为等腰直角三角形结论：;；导角核心：

3、任意等腰三角形 条件:△OＡB,△OCD均为等腰三角形,且∠AＯB = ∠COＤ 结论：；; 核心图形: 核心条件：；; 例题讲解： A类 1:在直线ABC的同一侧作两个等边三角形△ＡBD和△BCE，连接AE与ＣD, 等边三角形要得到哪些结论？ 要联想到什么模型？

证明:（１)△ABE≌△DBC; （2)AE=DC; (3)ＡＥ与DＣ的夹角为６0°; （4）△AGＢ≌△ＤFB； （5）△EGＢ≌△CＦＢ; (6）BH平分∠ＡHC; 解题思路: 1：出现共顶点的等边三角形,联想手拉手模型 ２:利用边角边证明全等； ３：八字导角得角相等； ２：如图两个等腰直角三角形ＡＤC与EDG,连接AＧ，CE,二者相交于Ｈ. 等腰直角三角形要得到哪些结论？ 要联想到什么模型？ 问 (1)△ADG≌△CDE是否成立? （２）AG是否与CE相等？ （3）AＧ与CE之间的夹角为多少度？ (４）HD是否平分∠AHE?

解题思路： 1:出现共顶点的等腰直角三角形，联想手拉手模型 2:利用边角边证明全等; 3:八字导角得角相等； ３：如图,分别以△ABC 的边AB、ＡＣ同时向外作等腰直角三角形,其中ＡB =ＡE,AC =ＡＤ, 等腰直角三角形要得到哪些结论？ 要联想到什么模型？ ∠BAE=∠CAD=90°,点G为BＣ中点，点Ｆ为BE 中点，点H 为ＣD中点。探索GＦ与 多个中点，一般考虑什么？ GH 的位置及数量关系并说明理由。

(完整版)手拉手模型

手拉手模型 手拉手模型 特点：由两个顶角相等的等腰三角形所组成，并且顶角的顶点为公共顶点 结论：（1）△ABD ≌△AEC （2）∠α+∠BOC=180° （3）OA平分∠BOC 变形： 例1.如图，B是线段AC上一点，分别以AB和BC为边长，在直线AC的同一侧作两个等边三角形，△ABD和△ECB，连接AE和CD，AE与DC交于点H，与BD与BE交于点G，F． （1）求证：△BCD≌△BEA； （2）探究△BFG的形状，并证明你的结论． H F G E D A B C

思考：的数量关系。 与DC AE （2） AE 与DC 之间的夹角为60（3） DFB AGB （4） CFB EGB （5）BH 平分 AHC （6）AC GF //变式精练1：如果两个等边三角形△ABD 和△BCE ，连接AE 与CD ，证明： （1）AE 与DC 的夹角为60°； （2）AE 与DC 的交点设为H ，BH 平分∠AHC ． 思考：DC AE ；AE 与DC 之间的夹角为60 试一试继续旋转结论是否成立。 H F G E D A B C

变式精练2.以点A为顶点作等腰Rt△ABC，等腰Rt△ADE，其中∠BAC=∠DAE=90°，如图1所示放置，使得一直角边重合，连接BD、CE． （1）试判断BD、CE的数量关系，并说明理由； （2）延长BD交CE于点F，试求∠BFC的度数； （3）把两个等腰直角三角形按如图2放置，（1）中的结论是否仍成立？请说明 理由． 练习：已知：如图①，在△AOB和△COD中，OA=OB，OC=OD，∠AOB=∠COD=50° （1）求证：①AC=BD；②∠APB=50°； （2）如图②，在△AOB和△COD中，OA=OB，OC=OD，∠AOB=∠COD=α，则AC与BD间的等量关系为，∠APB的大小为

初中几何经典模型总结(手拉手模型)

初中几何经典模型总结（手拉手模型） 模型可以让同学更快的进入到几何之中，产生兴趣。也是近来学习初中几何不可或缺的一种重要方法。下面给大家介绍一种经典几何模型---手拉手模型，这也是历年数学中考常考的几何压轴题型之一。手拉手模型的概念:1、手的判别：判断左右：将等腰三角形顶角顶点朝上，正对读者，读者左边为左手顶点，右边为右手顶点。2、手拉手模型的定义：定义: 两个顶角相等且有共顶点的等腰三角形形成的图形。（左手拉左手，右手拉右手）例如：3、手拉手模型的重要结论三个固定结论:结论1:△ABC≌△AB'C'(SAS)BC=B'C'（左手拉左手等于右手拉右手）结论2：∠BOB'=∠BAB'（用四点共圆证明）结论3: AO平分∠BOC'（用四点共圆证明）例题解析：类型一共顶点的等腰直角三角形中的手拉手例1：已知：如图△ABC和△ADE都是等腰直角三角形， ∠BAC=∠DAE=90°．求证：BD=CE．分析： 要证BD=CE可转化为证明△BAE≌△CAD，由已知可证 AB=AC，AE=AD，∠BAC=∠EAD=90°，因为∠BAC ∠CAE=∠EAD ∠CAE，即可证∠BAE=∠CAD，符合SAS，即得证．解答：证明：∵△ABC与△AED均为等腰直角三角形，∴AB=AC，AE=AD，∠BAC=∠EAD=90°，∴∠BAC ∠CAE=∠EAD ∠CAE，即∠BAE=∠CAD，在△BAE与△CAD中，

AB=AC,∠BAE=∠CAD，AE=AD∴△BAE≌△CAD（SAS）， ∴BD=CE．类型二共顶点的等边三角形中的手拉手例2：图1、图2中，点B为线段AE上一点，△ABC与△BED都是等边三角形。(1)如图1，求证：AD=CE；(2)如图2，设CE与AD交于点F，连接BF.①求证：∠CFA=60°；②求证：CF BF=AF.分析：（1）如图1，利用等边三角形性质得：BD=BE，AB=BC，∠ABC=∠DBE=60°，再证∠ABD=∠CBE，根据SAS 证明△ABD≌△CBE得出结论；（2）①如图2，利用（1）中的全等得：∠BCE=∠DAB，根据两次运用外角定理可得结论； ②如图3，作辅助线，截取FG=CF，连接CG，证明△CFG 是等边三角形，并证明△ACG≌△BCF，由线段的和得出结论．解答：证明：(1)如图1，∵△ABC与△BED都是等边三角形，∴BD=BE,AB=BC,∠ABC=∠DBE=60°，∴∠ABC ∠CBD=∠DBE ∠CBD，即∠ABD=∠CBE，在△ABD和△CBE 中，AB=AC∠ABD=∠CBEBD=BE，∴△ABD≌△CBE(SAS)，∴AD=CE，(2)①如图2,由(1)得：△ABD≌△CBE， ∴∠BCE=∠DAB，∵∠ABC=∠BCE ∠CEB=60°，∴∠ABC=∠DAB ∠CEB=60°，∵∠CFA=∠DAB ∠CEB，∴∠CFA=60°，②如图3,在AF上取一点G,使FG=CF,连接CG,∵∠AFC=60°， ∴△CGF是等边三角形，∴∠GCF=60°，CG=CF，∴∠GCB ∠BCE=60°，∵∠ACB=60°，∴∠ACG ∠GCB=60°， ∴∠ACG=∠BCE，∵AC=BC，∴△ACG≌△BCF，∴AG=BF，

ni三角形手拉手模型-专题讲义

手拉手模型 1．等边三角形 导角核心：八字导角 条件：△OAB ，△OCD 均为等边三角形 结论：①△OAC ≌△OBD ；②∠AEB = 60°；③OE 平分∠AED 2．等腰直角三角形 导角核心： 条件：△OAB ，△OCD 均为等腰直角三角形 结论：①△OAC ≌△OBD ；②∠AEB = 90°；③OE 平分∠AED 3．任意等腰三角形 核心图形：核心条件：OA=OB ；OC=OD ；∠AOB=∠COD 条件：△OAB ，△OCD 均为等腰三角形，且∠AOB = ∠COD 结论：①△OAC ≌△OBD ；②∠AEB=∠AOB ；③OE 平分∠AED 例题讲解： A 类 1．在直线ABC 的同一侧作两个等边三角形△ABD 和△BCE ，连接AE 与CD ， 等边三角形要得到哪些结论？ 要联想到什么模型？

证明：（1）△ABE ≌△DBC ； （2）AE=DC ； （3）AE 与DC 的夹角为60°； （4）△AGB ≌△DFB ； （5）△EGB ≌△CFB ； （6）BH 平分∠AHC ； 解题思路： 1．出现共顶点的等边三角形，联想手拉手模型 2．利用边角边证明全等； 3．八字导角得角相等； 2．如图两个等腰直角三角形ADC 与EDG ，连接AG 、CE ，二者相交于H. 问 （1）△ADG ≌△CDE 是否成立？ （2）AG 是否与CE 相等？ （3）AG 与CE 之间的夹角为多少度？ （4）HD 是否平分∠AHE ？ 解题思路： 1．出现共顶点的等腰直角三角形，联想手拉手模型 2．利用边角边证明全等； 3．八字导角得角相等； 3．如图，分别以△ABC 的边AB 、AC 同时向外作等腰直角三角形，其中 AB =AE ，AC =AD ，∠BAE =∠CAD=90°， 点G 为BC 中点，点F 为BE 中点，点H 为CD 中点。探索GF 与GH 的位置及数量关系并说明理由。 多个中点，一般考虑什么？ 等腰直角三角形要得到哪些结论？ 要联想到什么模型？ 等腰直角三角形要得到哪些结论？ 要联想到什么模型？

初中几何专项——手拉手模型

E A D B C E A D B C E D C B A 图3图21图 O H G A B C D M P D E C B A 手拉手模型 模型 手拉手 如图，△ABC 是等腰三角形、△ADE 是等腰三角形，AB=AC ，AD=AE ，∠BAC=∠DAE= 。 结论：△BAD ≌△CAE 。 模型分析 手拉手模型常和旋转结合，在考试中作为几何综合题目出现。 模型实例 例1．如图，△ADC 与△GDB 都为等腰直角三角形，连接AG 、CB ，相交于点H ，问：（1）AG 与CB 是否相等？ （2）AG 与CB 之间的夹角为多少度？ 3．在线段AE 同侧作等边△CDE （∠ACE<120°），点P 与点M 分别是线段BE 和AD 的中点。 求证：△CPM 是等边三角形。

F E C B A H D E C B A 1．如图，在△ABC中，AB=CB，∠ABC=90°，F为AB延长线上一点，点E在 BC上，且AE=CF。 （1）求证：BE=BF； （2）若∠CAE=30°，求∠ACF度数。 2．如图，△ABD与△BCE都为等边三角形，连接AE与CD，延长AE交CD于点 H．证明： （1）AE=DC； （2）∠AHD=60°； （3）连接HB，HB平分∠AHC。

B A D C P E 3图B D A E C 图21 图P D E C B A 3．将等腰Rt △ABC 和等腰Rt △ADE 按图①方式放置，∠A=90°，AD 边与AB 边重合，AB=2AD=4。将△ADE 绕点A 逆时针方向旋转一个角度α（0°<α>180°），BD 的延长线交CE 于P 。 （1）如图②，证明：BD=CE ，BD ⊥CE ； （2）如图③，在旋转的过程中，当AD ⊥BD 时，求出CP 的长。

中考数学专题训练几何题中用旋转构造“手拉手”模型

中考专题复习——几何题用旋转构造“手拉手”模型 一、教学目标： 1.了解并熟悉“手拉手模型”，归纳掌握其基本特征． 2.借助“手拉手模型”，利用旋转构造全等解决相关问题． 3.举一反三，解决求定值，定角，最值等一类问题． 二、教学重难点： 1.挖掘和构造“手拉手模型”，学会用旋转构造全等． 2.用旋转构造全等的解题方法最优化选择． 三、教学过程： 1.复习旧知 师：如图，△ABD ，△BCE 为等边三角形，从中你能得出哪些结论？ 生：（1）△ABE ≌△DBC （2）△ABG ≌△DBF （3）△CFB ≌△EGB （4）△BFG 为等边三角形 （5）△AGB ∽△DGH （6）∠DHA ＝60°（7）H ，G ，F ，B 四点共圆 （8）BH 平分∠AHC …… 师：我们再来重点研究△ABE 与△DBC ，这两个全等的三角形除了对应边相等，对应角相等外，还有什么共同特征呢？ 生：它们有同一个字母B ，即同一个顶点B ． 师：我们也可以把△DBC 看作由△ABE 经过怎样的图形运动得到？ 生：绕点B 逆时针旋转60°得到． 2.引入新课 师：其实我们可以给这两个全等的三角形赋予一个模型，叫“手拉手模型”，谁可以将这个模型的特征再做进一步的简化归纳呢？ 生：对应边相等． 师：我们可以称之为“等线段”． 生：有同一个顶点． 师：我们可以称之为“共顶点”． 师：等线段，共顶点的两个全等三角形，我们一般可以考虑哪一种图形运动？ 生：旋转． 师： “手拉手模型”可以归纳为：等线段，共顶点，一般用旋转． H G F E D C B A

3.小题热身 图1 图2 图3 1．如图1，△BAD中，∠BAD＝45°，AB＝AD，AE⊥BD于E，BC⊥AD于C，则AF＝____BE．2．如图2，△ABC和△BED均为等边三角形，ADE三点共线，若BE＝2，CE＝4，则AE＝______．3．如图3，正方形ABCD中，∠EAF＝45°，BE＝3，DF＝5，则EF＝_______． 师：我们来看第1，第2题，这里面有“手拉手模型”吗？请你找出其中的“等线段，共顶点”．生：题1中，等线段是AC，BC，共顶点是C，△ACF绕点C逆时针旋转90°得△BCD．题2中，等线段是AB，BC，共顶点是B，△ABD绕点D顺时针旋转60°得△CBE． 师：我们再来看第3题，这里有“手拉手模型”吗？ 生：没有． 师：那其中有没有“等线段，共顶点”呢？ 生：等线段是AD，AB，共顶点是A． 师：我们可否利用旋转来构造“手拉手模型”呢？ 生：将AE旋转，绕点A逆时针旋转90°． 师：为什么是逆时针旋转90°，你是如何思考的？ 生：我准备构造一个和△ABE全等的三角形，AB绕点A逆时针旋转90°即为AD，那么将AE逆时针旋转90°可得AG，连接GD，证明全等． 师：说的不错，谁能再来归纳一下，借助“手拉手模型”，用旋转构造全等的方法吗？ 生：先找有没有“等线段，共顶点”，再找其中一条“共顶点”的线段，将其旋转． 师：旋转角度如何确定，方向怎么选择？ 生：选择其中一个三角形，将“共顶点”的线段旋转．旋转角为两条“等线段”间的夹角．方向应与所选择的起始“等线段”旋转到另一条“等线段”时的方向一致． 师：非常棒，可以说，你已经掌握了这节课的精髓．但是，很多题目中只是隐含了“手拉手模型”的一些条件，剩余的需要我们自己去构造，可以如何构造呢？ 步骤1：先找有没有“等线段，共顶点”． 步骤2：选择其中一个三角形，将其中经过“共顶点”的线段旋转．

中考数学几何专题——手拉手模型一

手拉手模型 一、手拉手模型 1.手的判别：人站在等腰三角形顶角的位置，张开双臂，左手边的腰为左手，右手边的腰为右手。 2.手拉手模型的定义： 两个等顶角的等腰三角形组成的图形，且顶角的顶点为公共顶点。（顶角相等、等腰三角形、共顶点） 条件模型结论特殊结论 △ABC与△CDE是等腰三角形，且 ∠ACB=∠DCE (1) D ACD@D BC E (SSS) (2)AD=BE (左手拉左手，右手拉右手) (3)DBHA=DBCA (4)HC平分DAHE △ABC与△CDE是等腰直角三角形，且∠ACB=∠DCE=90°(5)S D BCD=S D ACE (6) BD2+AE2=AB2+DE2 正方形ACBP与正方形CEQD是正方形

△ABC 与△CDE是等 边三角形(5)D ACM@D BCN D DCM@D ECN (6) CM=CN (7)D CMN是等边三角形 (8)MN∥AE，CD∥AB, CB∥DE (9) BH+CH=AH DH+CH=EH 二、手拉手模型的变形：（两三角形相似，且对应角共顶点） 条件模型结论 D BAC∽D DAE,且DDAE=DBAC (1)D BAD∽D CAE(两边对应成比例且夹角相等) (2) BD CE = BA CA (3) DBHC=DBAC 【巩固练习】 1、如图所示，若△ABC、△ADE都是正三角形，试比较线段BD与线段CE的大小.

2、如图，C为线段AE上一动点（不与A、E重合），在AE同侧分别作正三角形ABC和正三角形CDE，AD与BE交于点O，AD与BC交于点P，BE与CD交于点Q，连接PQ，以下五个结论：①AD=BE；②PQ∥AE；③AP=BQ；④DE=DP；⑤∠AOB=60°其中完全正确的是（） 3、如图，分别以△ABC的三边为边在BC的同侧作三个等边三角形，即△ABD，△BCE，△ACF．请回答下列问题： （1）说明四边形ADEF是什么四边形？ （2）当△ABC满足什么条件时，四边形ADEF是矩形？ （3）当△ABC满足什么条件时，四边形ADEF是菱形？ （4）当△ABC满足什么条件时，四边形ADEF是正方形？ （5）当△ABC满足什么条件时，以A，D，E，F为顶点的四边形不存在？ 4、问题情境： 如图1，已知△ABC和△DCE中，∠ACB=∠DCE=90°，AC=BC=2，CD=CE=1，点D在

勾股定理(手拉手模型)(人教版)

人教版八年级下册期中备考提升训练 勾股定理 ?知识点睛 旋 转 结 构 （ 手 拉 手 ：等线段共端点，考虑旋转，借助全等整合条件．常见手拉手模型举例 如图，△ABC，△ADE 均为等边三角形，则出现了AB=AC，AD=AE 等线段共端点的结构，所以连接BD，CE，可以证明△ABD≌△ACE，即把 △ABD 绕点A 逆时针旋转60°得到△ACE． ?精讲精练 1.如图，△ACB 和△ECD 都是等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，△ACB 的顶点A在△ECD 的斜边D E 上．若A E=8，AD=15，则A B= ，AC= ． 2.如图，在△ABC 中，∠BAC=90°，AB=AC，点D 在BC 边上，连接AD，过 点A 作AE⊥AD，并且始终保持AE=AD，AF 平分∠DAE 交BC 于F，连接BE．若D F=10，BE=6，则A B 的长为． 1

17 3.如图，已知CA=CB，CF=CE ，∠ACB =∠FCE=90°，且A，F，E 三点共线，AE 与CB 交于点D． （1）求证：AF2+AE2=AB2； （2）若A C= ，BE=3，则C E= ． 4.如图，E 是正方形ABCD 对角线CA 的延长线上任意一点，以线段AE 为边 作一个正方形AEFG，线段GB 与线段ED，AD 分别交于点H，M． （1）求证：ED=GB； （2）判断ED 与GB 的位置关系，并说明理由； （3）若AB=2，AE= ，则G B= ． 2 2

5.（1）如图1，O 是等边△ABC 内一点，连接OA，OB，OC，且OA=3，OB=4，OC=5， 将△BAO 绕点B 顺时针旋转后得到△BCD，连接OD． ①旋转角是度； ②线段O D 的长为； ③求∠BDC 的度数． （2）如图2 所示，O 是等腰直角△ABC（∠ABC=90°）内一点，连接OA，OB，OC，∠AOB=135°，OA=1，OB=2，求OC 的长． 小明同学借用了图1 的方法，将△BAO 绕点B 顺时针旋转后得到△BCD，请你继续用小明的思路解答，或是选择自己的方法求解． 3

八年级假期复习几何基本模型之-手拉手模型

几何基本模型之手拉手模型 1.如图，△ ADC与△ GDB都为等腰直角三角形， 连接相等？（2）AG与CB之间的夹角为多少 度？ AG CB相交于点H,问：（1）AG与CB是否 2.如图，直线AB的同一侧作△ ABD^R^ BCE都为等边三角形，连接AE CD二者交点为H。求证: (1)△ABE^A DBC ( 2) AE=DC (3)Z DHA=60 ; ( 4)A AGB^A DFB ( 5)A EGB^A CFB (6)连接GF, GF// AC ( 7)连接HB HB平分Z AHC 3?如图，△ ABD与△ BCE都为等边三角形，连接AE与CD延长AE交CD于点 H .证明：（1）AE=DC（2）Z AHD=60 ; （3）连接HB HB平分Z AHC 模型手拉手 E D ADE是等腰三角 形, 例题：如图，△ ABC是等腰三角形、△AB=AC AD=AE Z BAC2 DAE求证:△BAD^A CAE 模型练习 n D C B

4 . 在线段AE 同侧作等边△ CDE (/ACEV120 )，点P 与点M 分别是线段BE 和AD 的中点。 求证：△ CPM 是等边三角形。 5 .如图：BE 丄AC , CF 丄 AB , BM=AC , CN=AB 。求证：(1) AM=AN ; ( 2) AM 丄AN 。 6.如图， 已知等边三角形 ABC 中，点D, E , F 分别为边AB AC BC 的中点，M 为直线BC 上一动 点，△ DMF 为等边三角形(点M 的位置改变时，△ DMr 也随之整体移动). (1) 如图①，当点 M 在点B 左侧时，请你判断 EN 与 MF 有怎样的数量关系？点 F 是否在直线NE 上？都请直接 写出结论，不必证明或说明由； (2) 如图②，当点 M 在 BC 上时，其它条件不变，(1)的结论中EN 与 MF 的数量关系是否仍然 成 立？若成立，请利用图②证明；若不成立，请说明理由； (3) 若点M 在点C 右侧时，请你在图③中画出相应的图形，并判断( 1)的结论中EN 与 MF 的数 量关系是否仍然成立？若成立?请直接写出结论，不必证明或说明理由. A D

全等三角形之手拉手模型专题

全等三角形之手拉手模型专题 基本图形1、图（1）中，C点为线段AB上一点，△ ACM △ CBN是等边三角形，AN 与BM相等吗说明理由； 如图（2）C点为线段AB上一点，等边三角形ACM和等边三角形CBN在 AB的异侧，此时AN与BM相等吗说明理由； 如图（3）C点为线段AB外一点，△ ACM △ CBN是等边三角形，AN与BM 相等吗 说明理由. 分析：题中三问均是对等边三角形性质的考查以及全等三角形的证明，由已知条件，利用等边三角形的性质可找出对应边及夹角相等，证明全等，即可得到线段相等. 解：（1）相等. 证明如下：???△ ACM △ CBN是等边三角形， ??? AC=CM CN=BC 又/ ACN=/ MCN+60 / MCB M MCN+60 , ???/ ACN=/ MCB ?△ ACNm MCB ?- AN=BM （2）相等. 证明如下：???△ ACM △ CBN是等边三角形， ?AC=CM CN=BC 又/ ACN=/ MCB ?△ ACNm MCB ?AN=BM （3）相等. 证明如下：???△ ACM △ CBN是等边三角形， ?AC=CM CN=BC 又/ ACN=/ MCN+60 / MCB M MCN+60 , ?/ ACN=/ MCB ?△ ACNm MCB ?AN=BM 点评：本题考查了全等三角形的判定与性质及等边三角形的性质；可围绕结论寻找全等三角形，运用全等三角形的性质判定线段相等，证得三角形全等是正确解答本题的关键. 图(1) 图(3)

变形 2、( 1)如图1,点C是线段AB上一点，分别以AC, BC为边在AB的同侧作等边△ ACM 和厶CBN连接AN, BM分别取BM AN的中点E，F，连接CE CF，EF.观察并猜想△ CEF的形状，并说明理由. (2)若将(1 )中的“以AC, AC BC为 腰在AB的同侧作等腰△ 那么(1)中的 结论还成立吗若成立，由. 得出AN=BM, / ANC=Z MBA ,再证 △ NFC^^ BEC得出CE=CF / BCE=/ NCF利用等边三 角形的角度60 , 得出/ ECF=60 ,证得结论成立； (2)证明过程如上(1)中的结论只有CE=CF而/ ECF只等于等腰三角形的顶角工60°,得出结论不成立. 解：(1)如图1 , △ CEF是等边三角形， 理由：???等边△人。皿和厶CBN ??? AC=MC BC=NC / ACN=/ MCB 在厶ACN和厶MCB中 NC= BC / ACN=Z MCB AC= MC ?△ ACNm MCB( SAS , ?AN=MB / ANC=/ MBA 在厶NFC和厶BEC中， NC= BC / FNC=Z EBC NF= BE ?△ NFC^A BEC( SAS , ?EC=CF ???/ BCE+Z ECN=60 , / BCE2 NCF, ?/ ECF=60 , ?△ CEF是等边三角形； (2)如图2,不成立，首先/ ACN^Z MCB ?△ ACN与厶MCB不全等. 如果有两个等腰三角形的顶角相等，那么结论也不成立， 证明方法与上面类似，只能得到CE=CF而Z ECF只等于等腰三角形的顶角工60° 点评：此题综合考查等边三角形的性质与判定，三角形全等的判定与性 质，等腰三角形的性质等知识点. BC为边作等边△ ACM和厶CBN改为“以 ACM和厶CBN”如图2,其他条件不变，加以证 明；若不成立，请说明理

【专项训练】-初二数学-_手拉手_模型(等边三角形)

【例1】（2017秋?垦利区期中）如图，已知点B 、C 、D 在同一条直线上，ABC Δ和CDE Δ都是等边三角形．BE 交AC 于F ，AD 交CE 于H ． （1）求证：BCE ACD Δ?Δ； （2）求证：//FH BD ． 【解答】证明：（1）ABC ΔQ 和CDE Δ都是等边三角形， BC AC ∴=，CE CD =，60BCA ECD ∠=∠=°， BCA ACE ECD ACE ∴∠+∠=∠+∠，即BCE ACD ∠=∠， ∴在BCE Δ和ACD Δ中， Q BC AC BCE ACD CE CD =??∠=∠??=? ， BCE ACD ∴Δ?Δ ()SAS ． （2）由（1）知BCE ACD Δ?Δ， 则CBF CAH ∠=∠，BC AC =又ABC ΔQ 和CDE Δ都是等边三角形，且点B 、C 、D 在同一条直线上， 18060ACH ACB HCD BCF ∴∠=°?∠?∠=°=∠， 在BCF Δ和ACH Δ中， Q CBE CAH BC AC BCF ACH ∠=∠??=??∠=∠? ， BCF ACH ∴Δ?Δ ()ASA ， CF CH ∴=， 又60FCH ∠=°Q ， “手拉手”模型の专项训练 一、经典例题

CHF ∴Δ为等边三角形 60FHC HCD ∴∠=∠=°， //FH BD ∴． 【点评】本题考查的是等边三角形的判定与性质及全等三角形的判定与性质，熟知全等三角形的判定定理是解答此题的关键． 1．（2019春?浦东新区期末）等边ABC Δ中，点P 在ABC Δ内，点Q 在ABC Δ外，且 ABP ACQ ∠=∠，BP CQ =，问APQ Δ是什么形状的三角形？试说明你的结论． 2．（2016秋?岳池县期末）如图，等边ABC Δ中，点D 在延长线上，CE 平分ACD ∠，且 CE BD =．说明：ADE Δ是等边三角形． 二、巩固练习

人教版中考数学专题旋转之手拉手模型分析

人教版中考数学专题旋转之手拉手模型分析 “手拉手”模型 条件：①共顶点: 顶点为O ②等线段 ：OA=OB,OC=OD ③夹角相等:∠AOB=∠COD 图形： “左手拉左手，右手拉右手”即 连接AC 与BD ；考察“第三条边相等” 如下图，证明△AOC ≌△BOD ； 证明： 总结：（1）等量加等量，和相等； 等量减等量，差相等； （2）所有的“手拉手”模型必用“SAS ”证明全等； O A D B C O A D B C

练习： 1.如图△ABD 和△CED 均为等边三角形，若BE=6，则AC= 。 2. 如图，在△ABC 中，AB=AC ，把△ABC 绕点A 顺时针旋转得到△ADE ，（点B,C 分别对应点D,E ）BD 与CE 交于点F 。 （1）求证BD=CE 。 （2）若AB=2，∠BAC=45°，当四边形ADFC 是平行四边形时，求BF 的长。 E D C B A F D E A B C

3.如图，A 、B 、C 三点在同一直线上，△ACM 和△BCN 都是等边三角形，连接AN ，BM 。 （1）求证：AN=BM ． （2）如果△CBN 绕点C 转过一个角度，如图②所示，（1）的结论还成立吗？ （3）如图③将△ACM 绕点C 按逆时针旋转180°，使点A 落在CB 上，结论“AN=BM ”是否还成立，请证明，若不成立请说明理由。 （4）在③所在的图中形中，设MA 的延长线交BN 于D ，试判断△ABD 的形状，并证明你结论。 图① 图② 图③ N M C B A A N C M B M A C N B

全等三角形之手拉手模型专题(完整资料).doc

【最新整理，下载后即可编辑】 全等三角形之手拉手模型专题 基本图形1、图（1）中，C 点为线段AB 上一点，△ACM，△CBN 是等边三角形，AN 与BM 相等吗？说明理由； 如图（2）C 点为线段AB 上一点，等边三角形ACM 和等边三角形CBN 在 AB 的异侧，此时AN 与BM 相等吗？说明理由； 如图（3）C 点为线段AB 外一点，△ACM，△CBN 是等边三角形，AN 与BM 相等吗？ 说明理由． 分析：题中三问均是对等边三角形性质的考查以及全等三角形的证明，由 已知条件，利用等边三角形的性质可找出对应边及夹角相等，证明全等， 即可得到线段相等． 解：（1）相等． 证明如下：∵△ACM，△CBN 是等边三角形， ∴AC=CM，CN=BC， 又∠ACN=∠MCN+60°∠MCB=∠MCN+60°， ∴∠ACN=∠MCB， ∴△ACN≌△MCB，∴AN=BM． （2）相等． 证明如下：∵△ACM，△CBN 是等边三角形， ∴AC=CM，CN=BC 又∠ACN=∠MCB，

∴△ACN≌△MCB， ∴AN=BM． （3）相等． 证明如下：∵△ACM，△CBN 是等边三角形， ∴AC=CM，CN=BC， 又∠ACN=∠MCN+60°∠MCB=∠MCN+60°， ∴∠ACN=∠MCB， ∴△ACN≌△MCB， ∴AN=BM． 点评：本题考查了全等三角形的判定与性质及等边三角形的性质；可围 绕结论寻找全等三角形，运用全等三角形的性质判定线段相等，证得三 角形全等是正确解答本题的关键． 变形2、（1）如图1，点C 是线段AB 上一点，分别以AC，BC 为边在AB 的同侧 作等边△ACM 和△CBN，连接AN，BM．分别取BM，AN 的中点E，F，连接 CE，CF，EF．观察并猜想△CEF 的形状，并说明理由． （2）若将（1）中的“以AC，BC 为边作等边△ACM 和△CBN”改为“以 AC，BC 为腰在AB 的同侧作等腰△ACM 和△CBN，”如图2，其他条件不变， 那么（1）中的结论还成立吗？若成立，加以证明；若不成立，请说明理

中考数学必考几何模型：手拉手模型

手拉手模型 模型 手拉手 如图，△ABC 是等腰三角形、△ADE 是等腰三角形，AB ＝AC ，AD ＝AE ，∠BAC ＝∠DAE ＝α． 结论：连接BD 、CE ，则有△BAD ≌△CAE ． 模型分析 如图①， ∠BAD ＝∠BAC －∠DAC ，∠CAE ＝∠DAE －∠DAC ． ∵∠BAC ＝∠DAE ＝α， ∴∠BAD ＝∠CAE ． 在△BAD 和△CAE 中， AB AC BAD CAE AD AE =?? ∠=∠??=? ﹐﹐ ﹐ 图②、图③同理可证． （1）这个图形是由两个共顶点且顶角相等的等腰三角形构成．在相对位置变化的同时，始终存在一对全等三角形． （2）如果把小等腰三角形的腰长看作小手，大等腰三角形的腰长看作大手，两个等腰三角形有公共顶点，类似大手拉着小手，所以把这个模型称为手拉手模型． （3）手拉手模型常和旋转结合，在考试中作为几何综合题目出现． 模型实例 例1 如图，△ADC 与△EDG 都为等腰直角三角形，连接AG 、CE ，相交于点H ，问： （1）AG 与CE 是否相等？ （2）AG 与CE 之间的夹角为多少度？ C D E A B 图① C D E A B 图② C D E A B 图③ C G H O

解答： （1）AG ＝CE ．理由如下： ∵∠ADG ＝∠ADC ＋∠CDG ，∠CDE ＝∠GDE ＋∠CDG ，∠ADC ＝∠EDG ＝90°， ∴∠ADG ＝∠CDE ． 在△ADG 和△CDE 中， AD CD ADG CDE DG DE =?? ∠=∠??=? ﹐﹐ ﹐ ∴△ADE ≌△CDE ． ∴AG ＝CE ． （2）∵△ADG ≌△CDE ， ∴∠DAG ＝∠DCE ． ∵∠COH ＝∠AOD ， ∴∠CHA ＝∠ADC ＝90°． ∴AG 与CE 之间的夹角是90°． 例2 如图，在直线AB 的同一侧作△ABD 和△BCE ，△ABD 和△BCE 都是等边三角形，连接AE 、CD ，二者交点为H ． 求证：（1）△ABE ≌△DBC ； （2）AE ＝DQ ； （3）∠DHA ＝60°； （4）△AGB ≌△DFB ； （5）△EGB ≌△CFB ； （6）连接GF ，GF ∥AC ； （7）连接HB ，HB 平分∠AHC ． 证明：（1）∠ABE ＝120°，∠CBD ＝120°， 在△ABE 和△DBC 中， BA BD ABE DBC BE BC =?? ∠=∠??=? ﹐﹐ ﹐ ∴△ABE ≌△DBC ． （2）∵△ABE ≌△DBC ， ∴AE ＝DC ． （3）△ABE ≌△DBC ， ∴∠1＝∠2． ∴∠DGH ＝∠AGB ． C D E F G H A B