[中学联盟]山东省青岛第五十八中学2016届高三上学期期中考试物理试题.doc
山东省青岛市第五十八中2024年物理高三上期中复习检测试题含解析
山东省青岛市第五十八中2024年物理高三上期中复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下列每幅图象中的两条图线分别表示某质点运动的速度ν和加速度a随时间变化的关系，选择同一正方向，则其中可能正确的是A．B．C．D．2、如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由静止滑下，重力加速度为g．当小圆环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（）A．Mg-5mg B．Mg+mg C．Mg+5mg D．Mg+10mg 3、类比是一种常用的研究方法．对于直线运动，教科书中讲解了由v t-图像求位移，- (力-位移)图像求做功的方法．请你借鉴此方法分析下列说法，其中正确的是由F x（）-图线和横轴围成的面积可求出对应速度变化过程中力做功的功率A．由F vB．由F t-图线和横轴围成的面积可求出对应时间内力所做的冲量-图线和横轴围成的面积可求出对应的电流变化过程中电流的功率C．由U Iω-图线和横轴围成的面积可求出对应半径变化范围内做圆周运动物体的线速D．由r度4、如图所示，小孩用与水平方向成θ角的轻绳拉放置在水平面上的箱子，第一次轻拉，没有拉动，第二次用更大的力拉，箱子还是不动，则A．这两次情况下箱子所受支持力不变B．第二次拉时箱子所受支持力减小C．第二次拉时箱子所受摩擦力减小D．第二次拉时箱子所受摩擦力不变5、从某高处平抛一物体，物体着地时，末速度与水平方向成α角，取地面为参考平面，物体抛出时，动能与重力势能之比为（）A．sin2αB．cos2αC．tan2αD．cot2α6、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最底端向上滑动时A．电源的效率变小.B．经过R2的电流变大C．电容器所带的电荷量变大D．电阻R3消耗的功率变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
【英语】山东省青岛市58中2016届高三上学期期中考试
保密★启用前2015—2016学年第一学期期中模块测试高三英语试卷2015．11注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷为选择题，共90分；第Ⅱ卷为非选择题，共60分，满分150分，考试时间为120分钟。
2．第Ⅰ卷共14页，每小题有一个正确答案，请将选出的答案标号（A、B、C、D）涂在答题卡上。
第Ⅱ卷共4页，将答案用黑色签字笔（0.5mm）写在答题纸上。
3.试卷卷面分5分，如不规范，分等级（5、3、1分）扣除。
第一部分听力(共两节，满分30分)第一节(共5小题；每小题1．5分，满分7．5分)听下面5段对话。
每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C、三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
1．Who is coming for tea?A．Mark．B．John． C.Tracy．2．What will the man do next?A．Stay for dinner．B．Go to the railway station．C．Catch a bus．3．What does the man come for?A．A dinner．B．A meeting．C．A party．4．What size does the man want?A．9．B．35．C．39．5．What are the speakers talking about?A．Life in Southeast Asia．B．Weather conditions．C．A holiday plan．第二节(共15小题；每小题1．5分，满分22．5分) 听下面5段对话或独白。
每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。
听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题，每小题5秒钟；听完后，各小题将给出5秒钟的作答时间。
山东省青岛市58中2016届高三上学期期中考试物理试卷Word版含答案
保密★启用前2015—2016学年第一学期期中模块测试高三物理试卷2015．11第Ⅰ卷（共52分）一、选择题（本题包括13个小题，每小题4分，共52分。
1-8题每小题给出的四个选项中有一个选项正确，9-13题有多个选项正确，选不全得2分，选错不得分）。
1.关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是 （ ） A ．物体的速度为零时，物体处于平衡状态 B ．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度 C ．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D ．运动物体若没有受到外力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动2.如上图所示,质量为M 的楔形物块静止在水平地面上,其斜面的倾角为θ.斜面上有一质量为m 的小物块,小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F 沿斜面向上拉小物块,使之匀速上滑．在小物块运动的过程中,楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为( )A ．(M ＋m)gB ．(M ＋m)g －FC ．(M ＋m)g －Fsin θD ．(M ＋m)g ＋Fsin θ 3.如图所示，为A.B 两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是（ ） A. 电阻A 的电阻随电流的增大而减小，电阻B 阻值不变 B.在两图线交点处，电阻A 的阻值等于电阻B C.在两图线交点处，电阻A 的阻值大于电阻B D.在两图线交点处，电阻A 的阻值小于电阻B4. 如图，A 、B 两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A 、B 两球用轻弹簧相连，图乙中A 、B 两球用轻杆相连。
系统静止时，挡板C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行。
在突然撤去挡板的瞬间： （ ） A.两图中两球加速度均为gsin θB.两图中A 球的加速度均为零C.图甲中B 球的加速度是为2gsin θD.图乙中B 球的加速度为零5. 如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A 、B 连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ＝37°角，不计所有摩擦。
58中2016年物理笔试试卷(201604)
第1页（共4页） 第2页（共4页）青岛五十八中2016年自主招生考试物理笔试试卷(考试时间：60分钟 满分：100分)友情提示：本卷分Ⅰ、Ⅱ两卷，第Ⅰ卷为选择题，请将正确答案填涂到答题纸指定位置；第Ⅱ卷为非选择题，请将正确答案填写到答题纸指定位置。
第Ⅰ卷一、选择题（本题共10个小题，每小题5分，其中1-6题为单选题，7-10题为多选题，全选对得5分，选对但选不全得3分，选错或不选得0分，共50分） 1．下列说法正确的是（ ）A ．马拉车加速前进的过程中，马拉车的力大于车拉马的力B ．扬声器线圈里面所通过的电流为交变电流C ．水受热时，体积变大，密度变大D ．光从水中射入空气中时，折射角一定大于入射角2．若一辆汽车在平直的公路上行驶，经过前15的路程的平均速度为1v ，后45的路程的平均速度为2v ，则全程的平均速度为（ ）A ．122v v + B ．1245v v + C ．122154v v v v + D ．122154v v v v +3．根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧的伸长（压缩）量成正比，即F k x =譊，其中k 为弹簧的劲度系数，x D 为弹簧的伸长（压缩）量。
如图所示，两根劲度系数分别为1k 和2k 的轻弹簧竖直悬挂，下端用不可伸长的光滑细绳连接，把一光滑的轻滑轮放在细绳上，求当滑轮下挂一重为G 的物体时，滑轮下降的距离是（ ） A ．()122G k k + B ．()12122G k k k k + C ．()12124G k k k k + D ．()1212G k k k k +4．物块从光滑曲面上P 点自由滑下，通过粗糙的静止水平传送带后落到地面上的Q 点。
若传送带的皮带轮沿逆时针方向匀速转动，使传送带随之运动，如图所示，物块仍从P 点自由滑下，则（ ） A ．物块有可能落不到地面上 B ．物块将仍落在Q 点 C ．物块将会落在Q 点的左边D ．物块将会落在Q 点的右边5．在如图所示的电路中，1R 的电阻值为R ，2R 、3R 、4R 的电阻值都相等，电流表的电阻忽略不计，电路两端的电压恒定不变．当电键1K 、2K 同时合上或同时打开时，发现电流表的示数不变，可以推知未知电阻x R 的阻值为（ ）A ．3RB ．2RC ．RD ．12R6．某次跳伞演练中，直升机悬停于高空，一伞兵（含伞）跳伞后竖直降落，其速度v 与时间t 的关系如图所示，则下列判断正确的是（ ） A ．在10t :内，伞兵（含伞）受到的重力小于阻力 B ．在12t t :内，伞兵（含伞）受到的重力大于阻力 C ．在23t t :内，伞兵（含伞）的机械能不变D ．在23t t :内，伞兵（含伞）受到的阻力保持不变7．如图所示，A 、B 两物体的重力分别是3A G N =，4B G N =。
山东省青岛第五十八中学高一上学期期中考试(物理)及解析
山东省青岛第五十八中学高一上学期期中考试(物理)及解析一、选择题1．小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹．已知每层砖的平均厚度为6.0cm ，照相机本次拍照曝光时间为21.510s ，由此估算出位置A 距石子下落起始位置的距离为（ ）A ．1.6mB ．2.5mC ．3.2mD ．4.5m2．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是( )A ．加速度减小时速度一定减小B ．加速度为零时，速度也为零C ．加速度很小时，速度可以很大D ．速度变化越大，加速度就越大 3．下列各组物理量中，都属于矢量的是（ ）A ．位移和路程B ．时间和时刻C ．力和加速度D ．平均速度和速率4．如图所示，一个重200N 的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数μ=0.1，同时物体还受到大小为10N 、方向向左的水平力作用，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是A ．大小是10N ，方向向左B ．大小是20N ，方向向左C ．大小是20N ，方向向右D ．大小是10N ，方向向右5．“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示．实验中，为使小车运动时所受的拉力近似等于盘和重物的总重力，则盘和重物的总质量m 与小车的质量M 应满足的关系是（ ）A ．m 远大于MB ．m 远小于MC ．m 略大于MD ．m 略小于M6．已知物理量λ的单位为“m”、物理量v 的单位为“m/s”、物理量f 的单位为“s －1”，则由这三个物理量组成的关系式正确的是( )A ．v ＝f λB ．v ＝λfC ．f ＝vλD ．λ＝vf7．鱼在水中沿直线水平向左减速游动过程中,水对鱼的作用力方向合理的是( ) A ． B ．C ．D ．8．下列说法正确的是A ．竖直上抛物体到达最高点时，速度为零，物体处于平衡状态B ．人站在电梯中随电梯一起运动时，当电梯减速下降时，电梯对人的支持力大于人的重力C ．跳水运动员踩压跳板弯曲到最低点时，运动员对跳板的压力由跳板发生形变而产生D ．惯性是由物体的速度和质量共同决定的9．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移—时间图象如图所示，图象中的OC 段与AB 平行，CB 段与OA 平行，则下列说法中正确的是( )A ．t 1到t 2时刻两车的距离越来越远B ．0～t 3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C ．甲车的初速度等于乙车在t 3时刻的速度D ．t 3时刻甲车在乙车的前方10．如图为某物体做直线运动的v t -图像，关于物体在前4s 的运动情况，下列说法正确的是( )A．物体始终向同一方向运动B．物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C．物体在前2s内做加速运动D．物体在前2s内做减速运动11．如图所示，粗糙的长方体木块P、Q叠放在一水平地面上，并保持静止，涉及到P、Q、地球三个物体之间的作用力和反作用力一共有A．3对B．4对C．5对D．6对12．下列说法正确的是（）A．木块放在水平桌面上受到一个向上的弹力，这是由于木块发生微小形变而产生的B．质量均匀分布，形状规则的物体的重心可能在物体上，也可能在物体外C．摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反D．已知磁铁间有相互作用，由此可知力可以离开物体而单独存在13．如图为一个做直线运动物体的v-t图象，则A．0~3s物体做匀速直线运动B．3~6s物体做匀速直线运动C．2 s和4s时刻的速度方向相反D．第3s时刻物体速度方向发生改变14．下列情况中的物体，能看作质点的是：A．研究卫星绕地球运行规律时的卫星B．研究做花样滑冰动作时的运动员C．研究地球自转规律时的地球D．研究通过一座铁路桥时间时的火车15．在运用公式v t＝v0＋at 时，关于各个物理量的符号下列说法中正确的是（）①必须规定正方向，式中的v t、v0、a 才取正、负号②在任何情况下a>0 表示加速运动，a<0 表示做减速运动③习惯上总是规定物体开始运动的方向为正方向，a>0 表示做加速运动，a<0 表示做减速运动④v t的方向总是与v0的方向相同A．①③B．②④C．①②D．③④16．质点沿直线运动，位移—时间图象如图所示，关于质点的运动下列说法正确的是( )A．质点2s末质点改变了运动方向B．质点在4s时间内的位移大小为0C．2s末质点的位移为零，该时刻质点的速度为零D．质点做匀速直线运动，速度大小为0.1m/s，方向与规定的正方向相同17．关于弹力的说法，正确的是（）A．两物体只要直接接触，就一定产生弹力B．挂在电线下的电灯受到向上的拉力，是因为电线发生微小形变产生的C．绳对物体的拉力方向总是沿绳方向的，但可以不指向绳收缩的方向D．木块放到桌面上受向上的弹力，是由于木块发生微小形变产生的18．以下物理量中是矢量的有 ( )a.位移b.路程c.瞬时速度d.平均速度e.时间f.加速度g.速率A．只有acdfB．只有adfC．只有afgD．只有af19．下列说法正确的是( )A．形状规则的物体重心一定在几何中心B．运动员将足球踢出,球在空中飞行是因为球受到一个向前的推力C．静止的物体受到的摩擦力一定是静摩擦力D．两个物体发生相互作用不一定相互接触20．汽车A在红绿灯前停住，绿灯亮起时起动，以0.4 m/s2的加速度做匀加速运动，经过30 s后以该时刻的速度做匀速直线运动．设在绿灯亮的同时，汽车B以8 m/s的速度从A 车旁边驶过，且一直以相同速度做匀速直线运动，运动方向与A车相同，则从绿灯亮时开始( )A．A车在加速过程中与B车相遇B．A、B相遇时速度相同C．相遇时A车做匀速运动D．两车不可能再次相遇二、多选题21．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过光滑的轻质滑轮悬挂一重物G.现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近(C点与A点等高)．则绳中拉力大小变化的情况是( )A．由B到D的过程中，拉力逐渐变大B．由B到D的过程中，拉力保持不变C．由D到C的过程中，拉力逐渐变大D．由D到C的过程中，拉力保持不变22．如图所示，一定质量的物块用轻绳悬挂在空中，其中轻绳OA与水平线夹角 保持不变，轻绳OB在竖直平面内由水平方向缓慢向上转动（O点位置始终保持不变），则在绳OB由水平转至竖直的过程中，以下说法正确的是（）A．轻绳OA的张力大小将一直变小B．轻绳OA的张力大小先变小后变大C．轻绳OB的张力大小将一直变小D．轻绳OB的张力大小先变小后变大23．一质量为m的滑块在粗糙水平面上匀减速滑行，已知滑块在最开始2 s内的位移是最后2 s内的位移的两倍，且已知滑块第1 s内的位移为2.5 m，由此可求得（）A．滑块的加速度为5 m/s2B．滑块的初速度为5 m/sC．滑块运动的总时间为3 sD．滑动运动的总位移为4.5 m24．如图所示，在某海滨游乐场里有一种滑沙运动，其运动过程可类比如图所示的模型，小孩(可视为质点)坐在长为1m的滑板上端，与滑板一起由静止从倾角为37°的斜面上下滑，已知小孩与滑板间的动摩擦因数为0.5，滑板与沙间的动摩擦因数为，小孩的质量与滑板的质量相等，斜面足够长，g取10m／s2，则以下判断正确的是A．小孩在滑板上下滑的加速度大小为2m／s2B．小孩和滑板脱离前滑板的加速度大小为5.5m／s2C．经过的时间，小孩离开滑板D．小孩离开滑板时的速度大小为25．如图所示，水平地面粗糙，A、B两同学站在地上水平推墙．甲图中A向前推B，B向前推墙；乙图中A、B同时向前推墙．每人用力的大小都为F，方向水平．则下列说法中正确的是()A．甲图方式中墙受到的推力为2FB．乙图方式中墙受到的推力为2FC．甲图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为FD．乙图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为F三、实验题26．探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_____ 。
2015-2016学年山东省青岛五十八中高三(上)月考物理试卷(10月份)
2015-2016学年山东省青岛五十八中高三（上）月考物理试卷（10月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共7小题，共28.0分)1.投飞镖是深受人们喜爱的一种娱乐活动，如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方．忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）A.换用质量稍小些的飞镖B.适当减小投飞镖的高度C.到稍远些的地方投飞镖D.适当增大投飞镖的初速度【答案】D【解析】解：A、平抛运动的规律与飞镖的质量无关，换用质量稍小的飞镖，飞镖命中的位置不变．故A错误．B、由于初速度不变、水平位移不变，则飞镖击中靶子的时间不变，则竖直方向上下落的高度不变，减小飞镖的高度，飞镖将打在靶心的正下方．故B错误．C、水平距离增大，初速度不变，则飞镖击中靶子的时间增大，竖直方向上下落的高度增大，飞镖将打在靶心的正下方．故C错误．D、增大初速度，水平距离不变，则飞镖击中靶子的时间减小，竖直方向上下落的高度减小，飞镖将会打在靶心．故D正确．故选：D．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住等时性，运用运动学公式进行分析．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．2.如图所示，质量为M的长平板车放在光滑的倾角为α的斜面上，车上站着一质量为m的人，若要平板车静止在斜面上，车上的人可以（）A.匀速向下奔跑B.以加速度a=gsinα向下加速奔跑C.以加速度a=（1+）gsinα向下加速奔跑 D.以加速度a=（1+）gsinα向上加速奔跑【答案】C【解析】解：小车受重力、支持力及人对小车的压力及摩擦力而处于平衡状态；将重力分解，则在沿斜面方向向下的分力为mgsinα；要使小车处于平衡状态，则人对小车应有沿斜面向上的大小为M gsinα的力；由牛顿第三定律可知，人受向下的大小为M gsinα的摩擦力；对人受力分析，则有人受重力、支持力、向下的摩擦力；则人受到的合力为mgsinα+M gsinα；由牛顿第二定律可知：a==（1+）gsinα，故C正确故选：C要使小车处于静止，则小车应受力平衡；由共点力的平衡条件可知小车应受到的摩擦力的大小及方向，再对人受力分析可知人的受力情况及运动情况．本题采用了隔离法进行求解，也可以采用整体法，利用整体的合力与加速度关系进行分解，但对学生要求较高．3.发射地球同步通信卫星的基本方法是：先用火箭将卫星送入一近地椭圆轨道a运行，然后开动星载火箭变轨，将其送入与地球自转同步的轨道b，变轨点选在轨道a与轨道b内切的Q点，如图所示．下列说法正确的是（）A.卫星在变轨后通过Q点的加速度大于变轨前通过Q点的加速度B.卫星变轨后在Q点的机械能比变轨前的大C.卫星在轨道b运行速度小于在轨道a运行时的最小速度D.卫星在Q点变轨时星载火箭喷射气体的方向与卫星线速度方向相同【答案】B【解析】解：A、卫星受地球的万有引力就是卫星的合力．根据牛顿第二定律得：a=，M为地球质量，r为卫星到地球中心的距离，所以卫星在“同步轨道”与在“转移轨道”的远地点相比，加速度不变．故A错误；B、在椭圆轨道远地点实施变轨成圆轨道是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须万有引力小于卫星所需向心力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力．即卫星在“同步轨道”与在“转移轨道”的远地点相比速度变大，卫星在“同步轨道”与在“转移轨道”的远地点相比重力势能不变，动能较大，所以机械能较大，故B正确．C、在椭圆轨道上，卫星在Q点速度最小，卫星在轨道b运行速度大于在轨道a上Q点速度，故C错误；D、卫星在Q点变轨时星载火箭喷射气体的方向与卫星线速度方向相反，给卫星加速，故D错误；故选：B．卫星在远地点变轨需要加速，使得万有引力等于向心力到达同步运行的轨道．在椭圆轨道上运行和在圆轨道上运行，机械能都守恒．解决本题的关键知道变轨的原理，掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．4.在冬奥会短道速滑项目中，运动员绕周长仅111米的短道竞赛．运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度，将发生侧滑而摔离正常比赛路线．图中圆弧虚线O b代表弯道，即运动正常运动路线，O a为运动员在O点时的速度方向（研究时可将运动员看作质点）．下列论述正确的是（）A.发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B.发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需要的向心力C.若在O发生侧滑，则滑动的方向在O a左侧D.若在O发生侧滑，则滑动的方向在O a右侧与O b之间【答案】D【解析】解：AB、发生侧滑是因为运动员的速度过大，所需要的向心力过大，运动员受到的合力小于所需要的向心力，而受到的合力方向仍指向圆心，故AB错误．CD、若运动员水平方向不受任何外力时沿O a线做离心运动，实际上运动员要受摩擦力作用，所以滑动的方向在O a右侧与O b之间，故C错误，D正确．故选：D．运动员侧滑实际上是做离心运动，根据离心运动的条件：外力为零或外力不足以提供向心力，进行分析．解决本题的关键要掌握离心运动的条件：外力为零或外力不足以提供向心力，通过分析供需关系进行分析．5.如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂质量为M的物体，OO′段水平且长为L，绳上套一光滑的轻环．若在轻环上施加竖直向下的作用力F，物体上升L后再次达到平衡，此时F大小（）A.M gB.M gC.M gD.M g【答案】D【解析】解：重新平衡后，绳子形状如下图：由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为30°，则环两边绳子的夹角为60°，则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为M g，根据平衡条件，F=M g故选：D由几何关系求出环两边绳子的夹角，然后根据平行四边形定则求F．该题的关键在于能够对线圈进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．6.如图为“高分一号”卫星与北斗导航系统中的“G1”卫星，在空中某一平面内绕地心O做匀速圆周运动的示意图．已知卫星“G1”的轨道半径为r，地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G．则（）A.“高分一号”的加速度小于卫星“G1”的加速度B.“高分一号”的运行速度大于第一宇宙速度C.地球的质量为D.卫星“G1”的周期为【答案】D【解析】解：A、根据牛顿第二定律得：=maa=所以“高分一号”的加速度大于卫星“G1”的加速度，故A错误；B、第一宇宙速度是圆行近地轨道的环绕速度，也是圆形轨道上速度的最大值，所以“高分一号”的运行速度小于第一宇宙速度，故B错误；C、根据万有引力等于重力，有：=mg，M=，故C错误；D、根据万有引力提供向心力得：=m rT=2π=，故D正确；故选：D．根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力求出卫星的加速度和周期，从而进行判断．第一宇宙速度是在地面发射人造卫星所需的最小速度，也是圆行近地轨道的环绕速度，也是圆形轨道上速度的最大值；关于万有引力的应用中，常用公式是在地球表面重力等于万有引力，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，这是正确解决本题的关键．7.一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）A. B. C.D.【答案】A【解析】解：在0-t1时间内，如果匀速，则v-t图象是与时间轴平行的直线，如果是加速，根据P=F v，牵引力减小；根据F-f=ma，加速度减小，是加速度减小的加速运动，当加速度为0时，即F1=f，汽车开始做匀速直线运动，此时速度v1==．所以0-t1时间内，v-t图象先是平滑的曲线，后是平行于横轴的直线；在t1-t2时间内，功率突然增加，故牵引力突然增加，是加速运动，根据P=F v，牵引力减小；再根据F-f=ma，加速度减小，是加速度减小的加速运动，当加速度为0时，即F2=f，汽车开始做匀速直线运动，此时速度v2==．所以在t1-t2时间内，即v-t图象也先是平滑的曲线，后是平行于横轴的直线．故A正确，BCD错误；故选：A对于汽车，受重力、支持力、牵引力和阻力，根据P=F v和牛顿第二定律分析加速度的变化情况，得到可能的v-t图象．本题关键是明确汽车恒定功率的加速过程是加速度减小的加速运动，注意速度不能突变，基础题目．二、多选题(本大题共5小题，共20.0分)8.一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力（）A.t=2s时最大B.t=2s时最小C.t=8.5s时最大 D.t=8.5s时最小【答案】AD【解析】解：在时间轴的上方，表示加速度向上，此时处于超重状态，在时间轴的下方，表示加速度向下，此时处于失重状态，对地板的压力减小，在t=2s时向上的加速度最大，此时对地板的压力最大，所以A正确；在t=8.5s时具有向下的最大的加速度，此时对地板的压力最小，所以D正确；故选：AD当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下．本题是对图象的考查，掌握住加速度时间图象的含义，知道超重和失重的特点即可解答本题．9.如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止．则下列说法正确的是（）A.A受到的摩擦力一定增大B.墙对A的弹力一定减小C.A对B的弹力一定增大D.B对地的压力一定增大【答案】CD【解析】解：A、对B受力分析，如图：根据平衡条件：F=N′sinθ，可见F增大则N′增大，即AB之间的弹力增大，N″=mg+N′cosθ，可见N′增大则N″增大，根据牛顿第三定律则B球对地面的压力增大，以整体为研究对象，竖直方向：N″+f=M g，若N″增大至与M g相等，则f=0，所以A受到的摩擦力减小，故A错误，CD正确；B、对整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件，水平方向：N=F，F增大则N增大，故B错误；故选：CD正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题．正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题．要注意多个物体在一起时，研究对象的选取．10.如图所示，在光滑水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块m．开始时，各物块均静止；若在两物块上各作用一水平恒力F1、F2，使物块滑离木板，分离时木板的速度分别为v1和v2．（物块和木板间的动摩擦因数相同）下列说法正确的是（）A.若F1=F2，M1＞M2，则v1＜v2B.若F1=F2，M1＜M2，则v1＜v2C.若M1=M2，F1＞F2，则v1＞v2D.若M1=M2，F1＜F2，则v1＞v2【答案】AD【解析】解：A、B、首先看F1=F2时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：a1=，，其中m为物块的质量．设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：物块与M2的相对位移：若M1＞M2，a1＜a2，所以得：t1＜t2，M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2则v1＜v2，故A正确；若M1＜M2，a1＞a2，所以得：t1＞t2，M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2，则v1＞v2，故B错误；C、D、若F1＞F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律的：则M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即a a＞a b，由于M1=M2，所以M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a．它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：物块与M2的相对位移：L=由于a a＞a b，所以得：t1＜t2，则v1＜v2，故C错误；若F1＜F2、M1=M2，a a＜a b，则v1＞v2，故D正确；故选：AD．本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法．板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解．要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来．同时要把受力分析和牛顿第二定律结合应用．11.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连，弹簧水平且处于原长，圆环从A处由静止开始下滑，经过B处的速度最大，到达C处的速度为零，AC=h，圆环在C处获得一竖直向上的速度v，恰好能回到A，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则圆环（）A.下滑过程中，加速度一直减小B.下滑过程中，克服摩擦力做的功为mv2C.在C处，弹簧的弹性势能为mv2-mghD.上滑经过B的速度大于下滑经过B的速度【答案】BD【解析】解：A、圆环从A处由静止开始下滑，经过B处的速度最大，到达C处的速度为零，所以圆环先做加速运动，再做减速运动，经过B处的速度最大，所以经过B处的加速度为零，所以加速度先减小，后增大，故A错误；B、研究圆环从A处由静止开始下滑到C过程，运用动能定理列出等式mgh+W f+W弹=0-0=0在C处获得一竖直向上的速度v，恰好能回到A，运用动能定理列出等式-mgh+（-W弹）+W f=0-mv2解得：W f=-mv2，故B正确；C、W弹=mv2-mgh，所以在C处，弹簧的弹性势能为mgh-mv2，故C错误；D、研究圆环从A处由静止开始下滑到B过程，运用动能定理列出等式mgh′+W′f+W′弹=m-0研究圆环从B处上滑到A的过程，运用动能定理列出等式-mgh′+W′f+（-W′弹）=0-m′mgh′-W′f+W′弹=m′由于W′f＜0，所以m′＞m，所以上滑经过B的速度大于下滑经过B的速度，故D正确；故选：BD根据圆环的运动情况分析下滑过程中，加速度的变化；研究圆环从A处由静止开始下滑到C和在C处获得一竖直向上的速度v，恰好能回到A 两个过程，运用动能定理列出等式求解；研究圆环从A处由静止开始下滑到B过程和圆环从B处上滑到A的过程，运用动能定理列出等式．能正确分析小球的受力情况和运动情况，对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法，掌握动能定理的应用．12.在一正方形小盒内装一质量为m的小圆球，盒与球一起沿倾角为θ的光滑斜面下滑，如图所示．若不计摩擦，下滑过程中小圆球对方盒前壁的压力为F N，对方盒底面的压力F N′，则下列叙述正确的是（）A.F N′=mgcosθB.F N′=mgsinθC.F N=0D.F N=mgsinθ【答案】AC【解析】解：整体的加速度为：a=．隔离对小球分析，根据牛顿第二定律得：mgsinθ-F N=ma，解得F N=0，垂直斜面方向上，有：F N′=mgcosθ．故AC正确，B、D错误．故选：AC．对整体分析，得出加速度的变化，抓住小球的加速度与整体的加速度相同，隔离对小球分析，得出圆球对方盒前壁压力F N及对方盒底面的压力F N′的变化情况．解决本题的关键知道小球和盒子具有相同的加速度，抓住垂直斜面方向合力为零，沿斜面方向产生加速度，结合牛顿第二定律进行求解．三、单选题(本大题共1小题，共4.0分)13.如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A.x A=h，a A=0B.x A=h，a A＞gC.x B=h+，a B=0D.x C=h+，a C=0【答案】C【解析】解：A、由图可知，OA段是直线，说明O到A的过程中，小球做自由落体运动，小球到达A时，小球的加速度仍然是g．故A错误；B错误；C、B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，所以C正确．D、取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D 的形变量也为，故到达C点时形变量要大于h+2，加速度a c＞g，所以D错误．故选：COA过程是自由落体，A的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可还以计算出弹簧的形变量；C点时速度减为零，弹簧被压缩到最低点，弹簧的弹力最大，可以分析物体的加速度．知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．要注意这一类的题目中速度最大的点的位置．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)14.如图，质量为m的小球用轻绳悬挂在O点，在水平恒力F=mgtanθ作用下，小球从静止开始由A经B向C运动．则小球（）A.先加速后减速B.在B点加速度为零C.在C点速度为零D.在C点加速度为gtanθ【答案】ACD【解析】解：设小球摆到的最大角度为α，根据动能定理得，FL sinα-mg L（1-cosα）=0，又F=mgtanθ解得α=2θ，即在C点的速度为零．可知小球先加速后减速，故A、C正确．在B点，小球的速度不为零，则向心加速度不为零，所以加速度不为零，故B错误．在C点，速度为零，小球受重力和拉力，垂直绳子方向的合力为零，则小球所受的合力为mgsin2θ-mgtanθcos2θ=mgtanθ，则C点的加速度为gtanθ，故D正确．故选：ACD．根据动能定理求出小球速度为零时细线与竖直方向的角度，得出小球在整个过程中的运动规律．在C点，抓住径向的合力为零，通过数学知识，结合受力求出合力的大小，从而求出C点的加速度．本题考查了牛顿第二定律和动能定理的基本运用，知道小球速度为零时，径向的合力为零，本题对数学三角函数要求较高，需加强这方面的训练．五、填空题(本大题共1小题，共4.0分)15.图甲为“探究求合力的方法”的实验装置．（1）下列说法中正确的是______A．在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B．弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下C．F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D．为减小测量误差，F1、F2方向间夹角应为90°（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为______N．【答案】AC；4.00【解析】解：（1）A、在同一组数据中，只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形定则，故A正确；B、弹簧测力计拉细线时，方向不一定向下，只有把O点拉到同一位置即可，故B错误；C、根据弹簧测力计的使用原则可知，在测力时不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；D、F1、F2方向间夹角为90°并不能减小误差，故D错误．故选AC．（2）由图乙弹簧秤的指针指示可知，拉力F的大小为：4.00N．故答案为：4.00．（1）该实验采用了“等效法”，只要明确了实验原理即可，判断选项中的各个说法是否正确，从而正确的解答本题；（2）根据弹簧秤指针的指示可读出拉力的大小．本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训练，以提高解题能力；同时注意弹簧秤的读数方法．六、计算题(本大题共4小题，共40.0分)16.兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：①用天平测出电动小车的质量为0.4kg；②将电动小车、纸带和打点计时器按如图甲所示安装；③接通打点计时器（其打点周期为0.02s）；④使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止时再关闭打点计时器（设小车在整个过程中小车所受的阻力恒定）．在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图乙所示．请你分析纸带数据，回答下列问题：（a）该电动小车运动的最大速度为______ m/s；（b）关闭小车电源后，小车的加速度大小为______ m/s2；（c）该电动小车的额定功率为______ W．【答案】1.5；2.1；1.26【解析】解：（1）根据纸带可知，当所打的点点距均匀时，表示物体匀速运动，此时速度最大，故有：v m==1.5m/s（2）从右端开始取六段位移，根据逐差法有：a==其中T=0.04s，代入数据解得：a=2.1m/s2，方向与运动方向相反．（3）根据牛顿第二定律有：f=ma，将m=0.4kg代人得：f=0.84N．当汽车达到额定功率，匀速运动时，F=f，P=F v=fv m，代人数据解得P=1.26W．故答案为：（1）1.5（2）2.1（3）1.26（1）最后匀速的速度便是小车以额定功率运动的最大速度，由此根据纸带可求出小车最大速度．（2）利用逐差法可求出小车的加速度大小．（3）小车在摩擦力力作用下减速运动，根据牛顿第二定律可求出摩擦力的大小．当小车达到额定功率时有：P=F v=fv m，据此可求出额定功率大小．本题考查了功、功率问题在实际中应用，知道在平直路面行驶的车子，功率一定，当牵引力与阻力相等时，速度最大．17.下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2s末，B的上表面突然变为光滑，μ2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=27m，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度大小g=10m/s2．求：（1）在0～2s时间内A和B加速度的大小（2）A在B开始运动到A离开B时B的位移．【答案】解：（1）在0～2s时间内，A和B的受力如图所示，其中f1、N1是A与B之间的摩擦力和正压力的大小，f2、N2是B与C之间的摩擦力和正压力的大小，方向如图所示．由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得f1=μ1N1…①N1=mgcosθ…②f2=μ2N2…③N2=N1+mgcosθ…④规定沿斜面向下为正，设A和B的加速度分别为a1和a2，由牛顿第二定律得：mgsinθ-f1=ma1…⑤mgsinθ+f1-f2=ma2…⑥联立①②③④⑤⑥式，并代入题给的条件得：a1=3m/s2…⑦a2=1m/s2…⑧（2）在t1=2s时，设A和B的速度分别为v1和v2，则有：v1=a1t1=6m/s…⑨v2=a2t1=2m/s…⑩t＞t1时，设A和B的加速度分别为a1′和a2′，此时A与B之间摩擦力为零，同理可得：a1′=6m/s2…⑪a2′=-2m/s2…⑫即B做减速运动．设经过时间t2，B的速度减为零，则有：v2+a2′t2=0…⑬联立⑩⑫⑬式得：t2=1s在t1+t2时间内，A相对于B运动的距离为：s=′代入数据解得：s=12m＜27m此后B静止不动，A继续在B上滑动．设再经过时间t3后A离开B，则有：l-s=′′可得：t3=1s，则B的位移为：X=′=．答：（1）在0～2s时间内A和B加速度的大小分别为3m/s2和1m/s2；（2）A在B开始运动到A离开B时B的位移为3m．【解析】（1）对A、B受力分析，根据牛顿第二定律可以求出加速度的大小；（2）求出2s后A、B的加速度，得出A、B的运动规律，结合运动学公式求出A离开B时B的位移．本题是对牛顿第二定律和运动学公式的综合的应用，分析清楚物体的运动的情况和受力的情况，根据运动学的公式来求解，本题的难度比较大．18.一转动装置如图所示，四根轻杆OA、OC、AB和CB与两小球及一小环通过铰链连接，轻杆长均为l，球和环的质量均为m，O端固定在竖直的轻质转轴上，套在转轴上的轻质弹簧连接在O与小环之间，原长为L，装置静止时，弹簧长为L，转动该装置并缓慢增大转速，小环缓慢上升，弹簧始终在弹性限度内，忽略一切摩擦和空气阻力，重力加速度为g．求：（1）弹簧的劲度系数k；（2）AB杆中弹力为零时，装置转动的角速度ω0；（3）弹簧长度从L缓慢缩短为L的过程中，外界对转动装置所做的功W．【答案】解：（1）装置静止时，设OA、AB杆中的弹力分别为F1、T1，OA杆与转轴的夹角为θ1，，小环受到弹簧的弹力弹小环受力平衡，F弹1=mg+2T1cosθ1，小球受力平衡，F1cosθ1+T1cosθ1=mg，F1sinθ1=T1sinθ1，解得k=．（2）设OA、AB杆中的弹力分别为F2、T2，OA杆与转轴的夹角为θ2，弹簧长度为x．小环受到弹簧的弹力F弹2=k（x-L），。
山东省青岛市第五十八中学高三物理测试题含解析
山东省青岛市第五十八中学高三物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图虚线上方空间有匀强磁场，扇形导线框绕垂直于框面的轴O 以角速度匀速转动，线框中感应电流方向以逆时针为正，则能正确表明线框转动一周感应电流变化情况的是（ ）参考答案： A2. （单选）如图所示，质量为m 的小球固定在长为L 的细杆一端，绕细杆的另一端O 在竖直面内做圆周运动，球转到最高点A 时，线速度大小为，则（ ）．杆受到的拉力 B ．杆受到的压力．杆受到的拉力 D ．杆受到的压力参考答案：设此时杆对小球的作用力为拉力，根据圆周运动向心力公式F=m即可求解，若解得T为正数，则方向与假设方向相同，若为负数说明力的方向与假设相反．解：设此时杆对小球的作用力为拉力，则有：T+mg=m解得：T=﹣mg=﹣负号说明力的方向与假设相反，即球受到的力为杆子的支持力根据牛顿第三定律可知：杆受到的压力，故B正确．故选：B3. 两磁感应强度均为B的匀强磁场区I、Ⅲ，方向如图所示，两区域中间为宽为s 的无磁场区Ⅱ，有一边长为L(L>s)．电阻为R的均匀正方形金属线框abcd置于区域I，ab边与磁场边界平行，现拉着金属线框以速度v向右匀速运动，则A．当ab边刚进入中央无磁场区域Ⅱ时，ab两点间电压为B．ab边刚进入磁场区域Ⅲ时，通过ab边的电流大小为，方向a→bC．把金属线框从区域I完全拉入区域Ⅲ的过程中，拉力所做功为D．当cd边刚出区域I到刚进入区域Ⅲ的过程中，回路中产生的焦耳热为参考答案：BC4. （多选）一列简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形图如图21所示，图中每小格代表1m，a 、b 、c为三个质点，a正向上运动。
由此可知________A．该波沿x 轴正方向传播B．c 正向上运动C．该时刻以后，b比c先到达平衡位置D．该时刻以后，b比c先到达离平衡位置最远处E．a质点振动一个周期，波传播的距离为8m参考答案：ACE5.（单选）目前，我们的手机产品逐渐采用我国的北斗导航…包含5颗地球同步卫星．设北斗导航系统中某一颗地球同步卫星绕地球做匀速圆周运动的向心加速度大小为a，在该同步卫星运行的轨道处由地球引力产生的加速度大小为g1，地球赤道表面的重力加速度大小为g2，则下列关系正确的是（）解：北斗导航系统中某一颗地球同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得出向心加速度大小等于在该同步卫星运行的轨道处由地球引力产生的加速度大小，所以g1=a=，根据万有引力等于重力得出地球赤道表面的重力加速度大小为g2=，所以g2＞a，故ACD错误，故B正确；故选：B．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车质量不变，用钩码所受的重力作为___________，用DIS测小车的加速度。
山东省青岛五十八中2016届高三物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年山东省青岛五十八中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本题包括13个小题，每小题4分，共52分．1-8题每小题给出的四个选项中有一个选项正确，9-13题有多个选项正确，选不全得2分，选错不得分）．1．关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是( )A．物体的速度为零时，物体处于平衡状态B．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D．运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动2．如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m 的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为( )A．（M+m）g B．（M+m）g﹣F C．（M+m）g+FsinθD．（M+m）g﹣Fsinθ3．如图所示，为A．B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是( )A．电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B阻值不变B．在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻BC．在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻BD．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B4．如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间( )A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零5．如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ=37°角，不计所有摩擦．当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，OB绳沿竖直方向，则球A、B的质量之比为( )A．4：3 B．3：4 C．3：5 D．5：86．一质点做匀加速直线运动时，速度变化△v时发生位移x1，紧接着速度变化同样的△v时发生位移x2，则该质点的加速度为( )A．（△v）2（+）B．2C．（△v）2（﹣）D．7．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为μ，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F超过某一临界数值，长木板与物块将出现相对滑动．重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力．则恒力F的临界数值为( )A．μmg B．μMg C．μmg（1+）D．μmg（1+）8．一根长为L的细线上端固定，另一端连接一小球，现设法使小球在水平面内做匀速圆周运动，则小球运动的周期T与细线和竖直直线之间的夹角θ的关系是( )A．角θ越小，周期T越长B．角θ越小，周期T越短C．周期T的长短与角θ的大小无关D．条件不足，无法确定9．如图，在水平放置的半径为R的圆柱体轴线的正上方的m点，将一个小球以水平速度v0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是( )A．t=B．C．t=D．t=10．假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，则下列有关地球同步卫星的叙述正确的是( )A．运行速度是第一宇宙速度的倍B．运行速度是第一宇宙速度的倍C．向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的n倍D．向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的倍11．如图所示的位移﹣时间（x﹣t）图象和速度（V﹣t）图象中，给出了四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，则下列说法错误的是( )A．图线1、3表示物体做曲线运动B．X﹣t图象中0～t1时间内物体1和2的平均速度相等C．V﹣t图象中t3时刻物体3的速度大于物体4的速度D．两图象中t2、t4时刻分别表示物体2和4开始反向运动12．如图所示，一个质量为m、带电量为q的粒子从两带电平行板的正中间沿与匀强电场垂直的方向射入，不计粒子所受的重力．当粒子的入射速度为v时，它恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上．现欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，在以下的仅改变某一物理量的方案中，可行的是( )A．使粒子的带电量减少为原来的B．使两板间所接电源的电压减小到原来的一半C．使两板间的距离增加到原来的2倍D．使两极板的长度减小为原来的一半13．四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1．A2和两个电压表V1．V2．已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大V2的量程，改装好后把它们按图示接入电路，则( )A．电流表A1的读数大于电流表A2的读数B．电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角C．电压表V1的读数小于电压表V2的读数D．电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角二、实验题（本题包括2个小题，共14分）14．在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用交流电源的频率是50Hz，打点计时器在小车拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录小车的运动情况．（1）打点计时器的打点周期是__________s．（2）图为某次实验打出的一条纸带，其中1、2、3、4为依次选中的计数点（各相邻计数点之间有四个点迹）．根据图中标出的数据可知，打点计时器在打出计数点2时小车的速度大小为__________m/s，小车做匀加速直线运动的加速度大小为__________m/s2．（计算结果均保留2位有效数字）15．验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O，然后每两个打点取一个计数点，分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6．（1）已知打点计时器的打点周期为T，可求出打各个计数点时对应的速度分别为v1、v2、v3、v4、v5，其中v5的计算式为v5=__________．（2）若重锤的质量为m，取打点O时重锤所在水平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能E pi和动能E ki，则打计数点3时对应重锤的势能E p3=__________；接着在E﹣h 坐标系中描点作出如图丙所示的E k﹣h和E p﹣h图线，求得E p﹣h图线斜率的绝对值为k1，E k ﹣h图线斜率为k2，则在误差允许的范围内，k1与k2满足__________关系时重锤机械能守恒．（3）关于上述实验，下列说法中正确的是__________A．实验中可用干电池作为电源B．为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些C．实验时应先释放纸带后接通电源D．图丙E k﹣h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能．三、计算题（本题包括3个小题，共34分）16．一直升机以10.0m/s速度竖直上升（选向上为正方向），某时刻从飞机上释放一物块，经4.0s落在地面上，不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）物块落到地面时的速度；（2）物块4.0s内通过的路程．17．如图所示，板长L=10cm，板间距离d=10cm的平行板电容器水平放置，它的左侧有与水平方向成60°角斜向右上方的匀强电场，某时刻一质量为m，带电量为q的小球由O点静止释放，沿直线OA从电容器C的中线水平进入，最后刚好打在电容器的上极板右边缘，O到A的距离X=cm，（g取10m/s2）求：（1）电容器外左侧匀强电场的电场强度E的大小；（2）小球刚进入电容器C时的速度V的大小；（3）电容器C极板间的电压U．18．如图所示，在某竖直平面内，光滑曲面AB与水平面BC平滑连接于B点，BC右端连接内壁光滑、半径r=0.2m的四分之一细圆管CD，管口D端正下方直立一根劲度系数为k=100N/m 的轻弹簧，弹簧一端固定，另一端恰好与管口D端平齐．一个质量为1kg的小球放在曲面AB 上，现从距BC的高度为h=0.6m处静止释放小球，它与BC间的动摩擦因数μ=0.5，小球进入管口C端时，它对上管壁有F N=2.5mg的相互作用力，通过CD后，在压缩弹簧过程中滑块速度最大时弹簧的弹性势能为E p=0.5J．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）小球在C处受到的向心力大小；（2）在压缩弹簧过程中小球的最大动能E km；（3）小球最终停止的位置．2015-2016学年山东省青岛五十八中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本题包括13个小题，每小题4分，共52分．1-8题每小题给出的四个选项中有一个选项正确，9-13题有多个选项正确，选不全得2分，选错不得分）．1．关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是( )A．物体的速度为零时，物体处于平衡状态B．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D．运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】力是改变物体运动状态的原因，当物体受到的合外力为零时，物体的运动状态保持不变，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；根据牛顿第二定律可知，物体加速度的方向与物体所受合外力的方向相同，但物体加速度的方向与物体速度的方向不一定相同．当物体的加速度不为0时，物体的速度一定发生变化．【解答】解：A、速度为零时，物体可能有加速度，如物体在竖直上抛的最高点；故A错误；B、物体处于超重状态时，此时一定有向上的加速度；但速度可以向下，即向上的减速运动；故B错误；C、地球表面上的物体，不论做什么运动均受到作用力；故C错误；D、运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动；故D正确；故选：D．【点评】物体的运动状态即物体的速度，物体的运动状态发生改变，即物体的速度发生改变，既包括速度大小发生改变，也包括速度的方向发生改变．2．如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m 的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为( )A．（M+m）g B．（M+m）g﹣F C．（M+m）g+FsinθD．（M+m）g﹣Fsinθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】小物块匀速上滑，受力平衡，合力为零，楔形物块始终保持静止，受力也平衡，合力也为零，以物块和楔形物块整体为研究对象合力同样为零，分析受力，画出力图，根据平衡条件求解地面对楔形物块的支持力．【解答】解：以物块和楔形物块整体为研究对象，受到重力（M+m）g，拉力F，地面的支持力F N和摩擦力F f．根据平衡条件得地面对楔形物块的支持力F N=（M+m）g﹣Fsinθ故选：D．【点评】本题涉及两个物体的平衡，关键要灵活选择研究对象．当几个物体的加速度相同时，可以采用整体法研究受力情况，往往简单方便．本题也可以隔离两个物体分别研究．3．如图所示，为A．B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是( )A．电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B阻值不变B．在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻BC．在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻BD．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B【考点】路端电压与负载的关系；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在U﹣I图象中，图象的斜率表示电阻；两线交点时电流和电压相等，则由欧姆定律可求得电阻相等．【解答】解：A、由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变；故A错误；BCD、两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；故B正确，CD错误；故选：B．【点评】本题考查伏安特性曲线的应用，要注意明确U﹣I图象中图象的斜率表示电阻；斜率变大时，电阻增大．4．如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间( )A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中AB 所受合外力即可得到各自的加速度．【解答】解：撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2mgsinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mgsinθ，加速度为2gsinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为mgsinθ，加速度均为gsinθ，故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在撤去挡板的瞬间保持不变，结合牛顿第二定律进行求解．5．如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ=37°角，不计所有摩擦．当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，OB绳沿竖直方向，则球A、B的质量之比为( )A．4：3 B．3：4 C．3：5 D．5：8【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分别对AB两球分析，运用合成法，用T表示出A、B两球的重力，同一根绳子上的拉力相等，即绳子AB两球的拉力是相等的．【解答】解：分别对AB两球分析，运用合成法，如图：根据共点力平衡条件，得：T=m B g（根据正弦定理列式）故m A：m B=1：tanθ=1：=4：3．故选：A．【点评】本题考查了隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等结合几何关系将两个小球的重力联系起来．6．一质点做匀加速直线运动时，速度变化△v时发生位移x1，紧接着速度变化同样的△v时发生位移x2，则该质点的加速度为( )A．（△v）2（+）B．2C．（△v）2（﹣）D．【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】首先知道题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解即可．【解答】解：设匀加速的加速度a，物体的速度分别为v1、v2和 v3据运动学公式可知：v22﹣v12=2ax1，v32﹣v22=2ax2，且v2﹣v1=v3﹣v2=△v，联立以上三式解得：a=，故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】明确题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解，一定动手计算，否则感觉无从下手．7．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为μ，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F超过某一临界数值，长木板与物块将出现相对滑动．重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力．则恒力F的临界数值为( )A．μmg B．μMg C．μmg（1+）D．μmg（1+）【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】当物块与长木板保持相对静止，具有相同的加速度时，F达到最大值时，物块与长木板间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F的最大值．【解答】解：对物块与长木板整体进行受力分析：F=（M+m）a对物块进行受力分析：F﹣f=ma对木板进行受力分析：f=Ma当物块与长木板保持相对静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，f=μmg．求解上面方程组得：F最大=μmg（1+），故C正确、ABD错误．故选：C【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用．8．一根长为L的细线上端固定，另一端连接一小球，现设法使小球在水平面内做匀速圆周运动，则小球运动的周期T与细线和竖直直线之间的夹角θ的关系是( )A．角θ越小，周期T越长B．角θ越小，周期T越短C．周期T的长短与角θ的大小无关D．条件不足，无法确定【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】小球做匀速圆周运动合外力提供向心力，对小球进行受力分析，根据几何关系求出合外力，再根据向心力公式求解线速度，根据线速度和周期的关系求解周期．【解答】解：小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，合力提供向心力，根据几何关系可知：F向=mgtanθ，根据向心力公式得：F向=m，周期T=可知，角θ越小，周期T越长，角θ越大，周期T越短故选：A【点评】本题是圆锥摆问题，关键是分析受力情况，确定向心力的来源．要注意小球圆周运动的半径不等于绳长．9．如图，在水平放置的半径为R的圆柱体轴线的正上方的m点，将一个小球以水平速度v0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是( )A．t=B．C．t=D．t=【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．【解答】解：根据几何关系可知，小球在水平方向上的分位移大小为 x=Rsinθ根据水平方向匀速运动，可得 Rsinθ=v0t可得时间为t=．小球从圆柱体的Q点沿切线飞过，速度与水平方向的夹角为θ，根据几何关系有：tanθ=所以v y=v0tanθ=gt，得t=；故选：BC【点评】本题对平抛运动规律的直接的应用，但是要根据几何关系分析得出平抛运动的水平位移的大小．10．假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，则下列有关地球同步卫星的叙述正确的是( )A．运行速度是第一宇宙速度的倍B．运行速度是第一宇宙速度的倍C．向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的n倍D．向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的倍【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．【解答】解：A、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，其中r为同步卫星的轨道半径．地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，即r=nR，所以v==，而第一宇宙速度为：，所以同步卫星的运行速度是第一宇宙速的倍，故A错误，B正确．C、同步卫星的周期与地球自转周期相同，即同步卫星和地球赤道上物体随地球自转具有相等的角速度．根据圆周运动公式得：v=ωr，因为r=nR，所以同步卫星的运行速度是地球赤道上物体随地球自转速度的n倍．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．11．如图所示的位移﹣时间（x﹣t）图象和速度（V﹣t）图象中，给出了四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，则下列说法错误的是( )A．图线1、3表示物体做曲线运动B．X﹣t图象中0～t1时间内物体1和2的平均速度相等C．V﹣t图象中t3时刻物体3的速度大于物体4的速度D．两图象中t2、t4时刻分别表示物体2和4开始反向运动【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】x﹣t图线与v﹣t图线只能描述直线运动；x﹣t的斜率表示物体运动的速度，斜率的正和负分别表示物体沿正方向和负方向运动．v﹣t的斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移．根据相关知识进行解答．【解答】解：A、运动图象反映物体的运动规律，不是运动轨迹，无论速度﹣时间图象还是位移﹣时间图象只能表示物体做直线运动．故A错误．B、x﹣t图象中0～t1时间内物体1和2通过的位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，故B正确．C、由图知，v﹣t图象中t3时刻物体3的速度等于物体4的速度，故C错误．D、x﹣t图线的斜率等于物体的速度，斜率大于0，表示物体沿正方向运动；斜率小于0，表示物体沿负方向运动．而t2时刻之前物体2的运动沿正方向，t2时刻之后物体2沿负方向运动．故t2时刻开始反向运动．v﹣t图象中速度的正负表示运动方向，从0﹣t5这段时间内速度始终为正，故t4时刻没有反向运动；故D错误．本题选错误的，故选：CD【点评】对于v﹣t图线和s﹣t图线的基本的特点、意义一定要熟悉，这是我们解决这类问题的金钥匙，在学习中要多多积累．12．如图所示，一个质量为m、带电量为q的粒子从两带电平行板的正中间沿与匀强电场垂直的方向射入，不计粒子所受的重力．当粒子的入射速度为v时，它恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上．现欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，在以下的仅改变某一物理量的方案中，可行的是( )A．使粒子的带电量减少为原来的B．使两板间所接电源的电压减小到原来的一半C．使两板间的距离增加到原来的2倍D．使两极板的长度减小为原来的一半【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子做类平抛运动．这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动．根据运动学公式解题．【解答】解：设平行板长度为l，宽度为2d，板间电压为U，恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动：t=垂直初速度方向做匀加速运动：a=d==欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，则沿初速度方向距离仍是l，垂直初速度方向距离仍为d，A、使粒子的带电量减少为原来的，则y==d，故A正确；B、使两板间所接电源的电压减小到原来的一半，y=，故B错误；C、使两板间的距离增加到原来的2倍，此时垂直初速度方向距离应为2d，y=，故C正确；D、使两极板的长度减小为原来的一半，y=，故D正确．故选ACD．【点评】带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动．应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动．13．四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1．A2和两个电压表V1．V2．已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大V2的量程，改装好后把它们按图示接入电路，则( )A．电流表A1的读数大于电流表A2的读数B．电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角C．电压表V1的读数小于电压表V2的读数D．电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角【考点】闭合电路的欧姆定律；把电流表改装成电压表．【专题】恒定电流专题．【分析】表头改装成大量程电流表需要并联分流电阻，并流电阻越小，分流越多，量程越大；表头改装成电压表需要串联分压电阻，分压电阻越大，分得的电压越大，量程越大．然后再根据电路的串并联知识分析即可．【解答】解：A、电流表A1的量程大于电流表A2的量程，故电流表A1的电阻值小于电流表A2的电阻值，并联电路中，电阻小的支路电流大，故电流表A1的读数大于电流表A2的读数，故A正确；B、两个电流表的表头是并联关系，电压相同，故偏转角度相等，故B错误；C、电压表V1的电阻值大于电压表V2的电阻值，故电压表V1的读数大于电压表V2的读数，故C 错误；D、两个电压表的表头是串联关系，电流相等，故偏转角度相等，故D正确；故选A、D．【点评】本题关键是要明确电流表与电压表的改装原理，然后再根据电阻的串并联知识分析求解．二、实验题（本题包括2个小题，共14分）14．在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用交流电源的频率是50Hz，打点计时器在小车拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录小车的运动情况．（1）打点计时器的打点周期是0.02s．（2）图为某次实验打出的一条纸带，其中1、2、3、4为依次选中的计数点（各相邻计数点之间有四个点迹）．根据图中标出的数据可知，打点计时器在打出计数点2时小车的速度大小为0.64m/s，小车做匀加速直线运动的加速度大小为6.4m/s2．（计算结果均保留2位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．。
山东省青岛第五十八中2016届高三理综12月月考试题
山东省青岛第五十八中2016届高三理综12月月考试题注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
相对原子质量：H 1 C 12 O 16 N 14 S 32 Cl 35.5 Fe 56 Cu 64 Ba 137第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 下列关于细胞内化合物的叙述，错误的是( )A．蛋白质的盘曲折叠被解开时，功能发生改变 B．脂质中只有磷脂参与构成细胞膜C．落叶中的纤维素经微生物分解可产生葡萄糖 D．种子萌发过程中自由水的比例升高2. 某地有一种植物，同一植株上不同时期所开花的花色会发生变化，其传粉者包括当地的白线天蛾和7月中旬将迁徙离开的蜂鸟．如图表示7月30日～8月15日前后，当地各类群生物的数量变化．下列分析不合理的是( )A.红色的花更容易吸引蜂鸟完成传粉B.花色的变化与传粉者的选择作用有关C.8月该植物种群的红色基因频率下降D．植物的快速反应适应了传粉者的改变3. 研究表明，癌细胞和正常分化细胞在有氧条件下产生的ATP总量没有明显差异，但癌细胞从内环境中摄取并用于细胞呼吸的葡萄糖是正常细胞的若干倍。
下图是癌细胞在有氧条件下葡萄糖的部分代谢过程，下列分析中错误的是( )A．图中A代表细胞膜上的载体蛋白B．葡萄糖进入癌细胞后会形成五碳糖进而合成脱氧核苷酸作为DNA复制的原料C．在有氧条件下，癌细胞呼吸作用的方式为有氧呼吸D．若要研制药物抑制癌症患者细胞中的异常代谢途径，图中的①④不宜选为作用位点4. 抗原侵入机体后,会引起机体产生先天性免疫反应，同时释放出某种信号。
2024届山东省青岛市58中高三物理第一学期期中检测模拟试题含解析
2024届山东省青岛市58中高三物理第一学期期中检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块M穿在杆上并通过轻细线悬挂着一个小铁球m，当小车以大小为a的加速度向右做匀加速直线运动时，物块M依靠摩擦力与杆保持相对静止，细线与竖直方向的夹角为θ，若小车的加速度逐渐增大到2a，物块M仍与杆保持相对静止，则A．细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍B．细线的拉力增加到原来的2倍C．横杆对M的弹力保持不变D．横杆对M的摩擦力保持不变2、在光滑的水平面上，放一根原长为l的轻质弹簧，一端固定，另一端系一个小球，现使小球在该水平面内做匀速圆周运动，当半径为2l时，小球的速率为1v；当半径为3l时，小球的速率为2v，设弹簧伸长仍在弹性限度内，则1v：2v为（）A．23B．13C．1：3 D．2：33、宇航员乘坐航天飞船，在几乎贴着月球表面的圆轨道绕月运行，运动的周期为T．再次变轨登上月球后，宇航员在月球表面做了一个实验：将一个铅球以速度v0竖直向上抛出，经时间t落回抛出点．已知引力常量为G，则下列说法不正确的是A．月球的质量为34432v TG tπB．月球的半径为222v TtπC ．月球的密度为23GT πD ．在月球表面发射月球卫星的最小速度为0v t Tπ 4、小明希望检验这样一个猜想：从斜面滑下的小车，装载物体的质量越大，到达斜面底部的速度越快．图示为两种不同直径车轮（颜色不同），装有不同木块（每个木块的质量相同）从不同高度释放的小车．你认为小明应该选用哪3种情况进行比较（ ）A ．G O RB ．G S WC ．S T UD ．S W X5、火星探测器绕火星近地做圆周轨道飞行，其线速度和相应的轨道半径为v 0和R 0，火星的一颗卫星在圆轨道上的线速度和相应的轨道半径为v 和R ，则下列关系正确的是（ ）A ．lg （）=-lg （）B ．lg （）=2lg （）C ．lg （）=-lg （）D ．lg （）=2lg(）6、如图所示，a 、b 都是较轻的铝环，a 环闭合，b 环断开，横梁可以绕中间支点自由转动，开始时整个装置静止．下列说法中正确的是（ ）A ．条形磁铁插入a 环时，横梁不会发生转动B ．只有当条形磁铁N 极拔出铝环时，横梁才会转动C ．条形磁铁用相同方式分别插入a 、b 环时，两环转动情况相同D．铝环a产生的感应电流总是阻碍铝环与磁铁间的相对运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
山东省青岛市第第五十八中学第一学期高一物理期中测试卷(图片版含答案)-最新学习文档
山东省青岛市第五十八中高三物理10月月考试题
2015—2016学年第一学期单元检测高三理科物理试卷 2015年10月第Ⅰ卷一、选择题：本题共14个小题，每小题4分，其中1--7题为单选题，8-14题为不定项选项，全对的该小题得4分，选对但不全的该小题得2分，不选或选错的该小题得0分，共56分。
）1．投飞镖是深受人们喜爱的一项娱乐活动。
如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方。
忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该A ．换用质量稍大些的飞镖B ．适当减小投飞镖时的高度C ．到稍远些的地方投飞镖D ．适当增大投飞镖的初速度2．如图所示，质量为M 的长平板车放在光滑的倾角为α的斜面上，车上站着一质量为m 的人，若要平板车静止在斜面上，车上的人可以A ．匀速向下奔跑B ．以加速度αsin g mM a =向下加速奔跑 C ．以加速度αsin )1(g mM a +=向下加速奔跑 D ．以加速度αsin )1(g m M a +=向上加速奔跑 3．发射地球同步通信卫星的基本方法是：先用火箭将卫星送入一近地椭圆轨道a 运行，然后开动星载火箭变轨，将其送入与地球自转同步的轨道b ，变轨点选在轨道a 与轨道b 内切的Q 点，如图所示。
下列说法正确的是A ．卫星在变轨后通过Q 点的加速度大于变轨前通过Q 点的加速度B ．卫星变轨后在Q 点的机械能比变轨前的大w_w w.k_s5%u.c*o mC ．卫星在轨道b 运行速度小于在轨道a 运行时的最小速度D ．卫星在Q 点变轨时星载火箭喷射气体的方向与卫星线速度方向相同4．在冬奥会短道速滑项目中，运动员绕周长仅lll 米的短道竞赛。
运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度，将发生侧滑而摔离正常比赛路线。
图中圆弧虚线Ob 代表弯道，即运动正常运动路线，Oa 为运动员在O 点时的速度方向(研究时可将运动员看作质点)。
山东省青岛第五十八中学选修1高中物理(完整版)光的折射单元测试题
山东省青岛第五十八中学选修1高中物理(完整版)光的折射单元测试题一、光的折射选择题1．物体放在凸透镜的主轴上，且物距大于焦距，用红、紫、白三种光照射物体，在镜另一侧的一个可动光屏上分别形成清晰的像，则下列说法中正确的是A．红光照射成的像最大B．紫光照射成的像最大C．白光照射成的像最大D．用白光照射成的像最清晰2．把用相同玻璃制成的厚度为d的正方体a和半径亦为d的半球体b，分别放在报纸上，且让半球的凸面向上．从正上方分别观察a、b中心处报纸上的字，下列的观察记录正确的是（）A．a中的字比b中的高B．b中的字比a中的高C．一样高D．a中的字较没有玻璃时高，b中的字和没有玻璃时一样3．某同学用插针法测量平行玻璃砖折射率的实验图景如图所示。
他按正确的方法插了大头针a、b、c、d。
则下列说法中正确的是（）A．实验中，入射角应适当大些B．该同学在插大头针d时，使d挡住a、b的像和cC．若入射角太大，光会在玻璃砖内表面发生全反射D．该实验方法只能测量平行玻璃砖的折射率4．一束复色光由空气射向玻璃，发生折射而分为a、b两束单色光，其传播方向如图所示．设a、b在玻璃中的折射角分别为r1和r2，玻璃对a、b的折射率分别为n1和n2，a、b 在玻璃中的传播速度分别为v1和v2，则( )A．n2＞n1B．n2＜n1C．v2＞v1D．v2＜v1E.r1＜r25．如图所示，O 1O 2是半圆形玻璃砖过圆心的法线，a 、b 是关于O 1O 2对称的两束平行单色光束，两光束从玻璃砖右方射出后的光路如图所示，则下列说法正确的是( )A ．该玻璃砖对a 光的折射率比对b 光的折射率小B ．有可能a 是绿光，b 是红光C ．两光束从空气进入玻璃的过程中各自的频率均不变D ．在真空中，a 光的波长比b 光的波长长6．关于折射率，下列说法中正确的是( )A ．根据12sin n sin θθ=可知，介质的折射率与入射角的正弦成正比 B ．根据12sin n sin θθ=可知，介质的折射率与折射角的正弦成反比 C ．介质的折射率由介质本身决定，与入射角、折射角均无关D ．根据c n v=可知，介质的折射率与介质中的光速成反比 E.同一频率的光由第一种介质进入第二种介质时，折射率与波长成反比7．下列说法正确的有 （ ）A ．观察者接近恒定频率波源时，接收到波的频率变小B ．物体做受迫振动，当驱动力频率等于固有频率时，振幅最大C ．雨后美丽的彩虹是光的干涉现象D ．相对论认为时间和空间与物质的运动状态有关8．如图所示，从点光源S 发出的一细束白光以一定的角度入射到三棱镜的表面，经过三棱镜的折射后发生色散现象，在光屏的ab 间形成一条彩色光带。
山东省青岛第五十八中学高三物理上学期期中试题
2016—2017学年第一学期期中测试高三物理试卷2016．11注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷为选择题，共48分；第Ⅱ卷为非选择题，共52分，满分100分，考试时间为90分钟。
2．第Ⅰ卷共5页，请将选出的答案标号（A、B、C、D）涂在答题卡上。
第Ⅱ卷共3页，将答案用黑色签字笔（0.5mm）写在答题纸上。
3.试卷卷面分5分，如不规范，分等级（5、3、1分）扣除。
第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。
第1-5题只有一项符合题目要求，第6-12题有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对而不全得2分，选错得0分）1．关于近代物理，下列说法正确的是（）A．β衰变时，β射线是原子的核外电子释放出来的B．组成原子核的核子质量之和大于原子核的质量C．发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D．α粒子散射实验表明核外电子轨道是量子化的2．甲、乙两个物体从同一地点、沿同一直线同时做直线运动，其v—t图象如图所示，则（）A．1 s时甲和乙相遇B．0～6 s内甲乙相距最大距离为1 mC．2～6 s内甲相对乙做匀速直线运动D．4 s时,乙的加速度方向反向3．A、B两球在光滑的水平面上同向运动，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s，当A球追上B球并发生碰撞后，A、B两球速度的可能值是（）A．v A′=5m/s, v B′=2．5m/sB．v A′=2m/s, v B′=4m/sC ．v A ′=－4m/s, v B =7m/sD ．v A ′=7m/s, v B ′=1．5m/s4．有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b 是近地轨道卫星，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（ ）A ．a 的向心加速度等于重力加速度gB ．在相同时间内b 转过的弧长最长C ．c 在4小时内转过的圆心角是D ．d 的运动周期有可能是20小时5．如图所示，物块A 放在直角三角形斜面体B 上面，B 放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A 、B 静止，现用力F 沿斜面向上推A ，但A 、B 仍未动。
XX省青岛市第五十八中届高三物理上学期期中试卷含解析
2018年高三第一学期期中模块检测物理试卷一．选择题（48分，共12小题，1-8每题只有一个选项吻合题目要求，每题4分；9-12每题都有多个选项吻合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.好多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，以下说法中正确的选项是A. 牛顿经过理想斜面实验提用心其实不是保持物体运动的原因B. 伽利略发现了行星运动的规律C. 卡文迪许经过实验测出了引力常量D. 爱因斯坦相对论的创立表示牛顿运动定律是错误的【答案】C【解析】【详解】伽利略经过理想斜面实验提用心其实不是保持物体运动的原因，选项A 错误；开普勒发现了行星运动的规律，选项B错误；卡文迪许经过实验测出了引力常量，选项C正确；爱因斯坦创立了相对论，相对论的创立其实不表示经典力学已不再适用，其实，相对论与经典力学适用的范围不相同，经典力学只适用于宏观低速物体，而高速物体适用于相对论。
故D错误；应选C.2.测速仪上装有超声波发射和接收装置，以下列图，B为固定测速仪，A为汽车，两者相距 670m，某时辰B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动，当B接收到反射回来的超声波信号时，A、B相距710m．已知声速为 340m/s，则汽车的加速度大小为（）A. 20m/s2B. 10m/s2C. 5m/s2D. 无法计算【答案】B【解析】试题解析：设汽车的加速度为，运动的时间为，有，超声波来回的时间为，则单程的时间为，由于初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1：3，在时间内的位移为，则时间内的位移为，知超声波追上汽车的位移，因此，，因此汽车的加速度大小为，故B正确，A．C．D错误。
考点：超声波及其应用【名师点睛】解决本题的要点求出超声波单程运行的位移从而求出单程运行的时间，即可知道汽车匀加速运动的时间，尔后依照匀变速运动的位移公式求出汽车的加速度。
3.磁性车载支架（如图甲）使用方便，它的原理是将一个引磁片贴在手机反面，再将引磁片对准支架的磁盘放置，手机就会被牢牢地吸附住（如图乙）。
山东省青岛第五十八中学高一上学期期中考试(物理)及解析
山东省青岛第五十八中学高一上学期期中考试(物理)及解析一、选择题1．如图是物体在水平面上运动的v-t图象，以下判断正确的是（）A．1s末物体运动方向发生改变B．在0～3s时间内，物体的平均速度大小为1m/sC．1～3s内物体加速度是5～6s内加速度的2倍D．0～6s内物体发生的位移为1m2．粗细均匀的电线架在A、B两根电线杆之间．由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的两种形状，若电线杆始终处于竖直状态，下列说法中正确的是（）A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季，电线杆对地的压力较大3．如图所示，一架无人机执行航拍任务时正沿直线朝斜向下方向匀速运动．用G表示无人机重力，F表示空气对它的作用力，下列四幅图中能表示此过程中无人机受力情况的是( )A．B．C．D．4．如图所示为某医院体检中心的身高测量仪。
测量仪顶部向下发射波速为340m/s的超声波，超声波遇到障碍物后反射回来，被测量仪接收，测量仪记录发射和接收的时间间隔。
已知测量仪没有站人时，顶部距离台面3.0m，当一学生站在台面规定位置后，测量仪记录的时间间隔为0.01s，则该学生的身高最接近（）A．110cmB．130cmC．150cmD．170cm5．利用无人小飞机进行航拍，地面操控者进行以下操作时，能把无人机看成质点的是A．观察飞机通过一个标志杆所需时间B．调整飞机的飞行姿态C．调整飞机旋转机翼D．调整飞机与被摄物体的高度差6．如图所示，轻弹簧的两端各受10N拉力F作用，弹簧平衡时伸长了5cm（在弹性限度内），下列说法正确的是（）A．根据公式Fkx=，弹簧的劲度系数k随弹簧弹力F的增大而增大B．该弹簧的劲度系数400N/mk=C．该弹簧的劲度系数200N/mk=D．该弹簧所受的弹力为20N7．下列说法正确的是( )A．木块放在桌面上所受到的向上的弹力是由于木块发生微小形变而产生的B．木块放在桌面上对桌面的压力是由于木块发生微小形变而产生的C．用细竹竿拨动水中的木头，木头受到的竹竿的弹力是由于木头发生形变而产生的D．挂在电线下面的电灯对电线的拉力，是因为电线发生微小形变而产生的8．如图所示，晾晒衣服的绳子轻且光滑，悬挂衣服的衣架的挂钩也是光滑的，轻绳两端分别固定在两根竖直杆上的A、B两点，衣服处于静止状态．如果保持绳子A端位置不变，将B端分别移动到不同的位置．下列判断正确的（）A ．B 端移到B 1位置时，绳子张力变大 B ．B 端移到B 2位置时，绳子张力变小C ．B 端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变大D ．B 端在杆上位置不动，将杆移动到虚线位置时，绳子张力变小9．几个水球可以挡住子弹？实验证实：4 个水球就足够了！4个完全相同的水球紧挨在一起 水平排列，如图所示，子弹（可视为质点）在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好穿 出第 4 个水球，则以下说法正确的是（ ）A ．子弹在每个水球中速度变化相同B ．由题干信息可以确定子弹穿过每个水球的时间C ．由题干信息可以确定子弹在每个水球中运动的时间相同D ．子弹穿出第 3 个水球的瞬间速度与全程的平均速度相等10．如图为某物体做直线运动的v t -图像，关于物体在前4s 的运动情况，下列说法正确的是( )A ．物体始终向同一方向运动B ．物体的加速度大小不变，方向与初速度方向相同C ．物体在前2s 内做加速运动D ．物体在前2s 内做减速运动 11．下列物理量中,不是矢量的是( ) A ．路程 B ．位移 C ．瞬时速度 D ．加速度12．小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹．已知每层砖的平均厚度为6.0cm ，照相机本次拍照曝光时间为21.510s ⨯，由此估算出位置A 距石子下落起始位置的距离为（ ）A ．1.6mB ．2.5mC ．3.2mD ．4.5m13．一个做匀减速直线运动的物体，先后经过a 、b 两点时的速度大小分别是4v 和v ，所用时间是t ，下列判断正确的是（ ） A ．物体的加速度大小为5v tB ．经过ab 中点时的速率是2.5vC ．在2t 时刻的速率是172v D ．0﹣﹣2t 时间内发生的位移比2t﹣﹣t 时间内位移大34vt 14．某质点在0~3s 内运动的v -t 图象如图所示，关于质点的运动，下列说法中正确的是( )A ．质点在第1s 内的平均速度等于第2s 内的平均速度B ．t=3s 时，质点的位移最大C ．质点在第2s 内的加速度与第3s 内的加速度大小相等，方向相反D ．质点在第2s 内的位移与第3s 内的位移大小相等，方向相反15．某一质点沿直线ox 方向做变速运动，它离开O 点的距离x 随时间变化的关系为x =8+2t 3(m)，它的速度随时间t 变化的关系为v =6t 2（m/s ），该质点在t =0到t =2s 间的平均速度和t =2s 时的瞬时速度的大小分别为( ) A ．12m/s ，8m/sB ．8m/s ，24m/sC ．12m/s ，24m/sD ．8m/s ，12m/s16．拿一个长约1.5m 的玻璃筒，一端封闭，另一端有开关，把金属片和小羽毛放到玻璃筒里。
山东省青岛五十八中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 含解析
2016—2017学年山东省青岛五十八中高二（上)期中物理试卷一、选择题(1———7是单选题，8—---12是复选题，选对得4分,不全得2分）1．关于电源和电动势，下列说法不正确的是（）A．电源是把其他形式的能转化为电能的装置,这种转化是通过非静电力做功来实现的B．电源的电动势高，表明该电源把其他能转化为电能的本领强，反之表明该电源把其他能转化为电能的本领弱C．电源电动势，是由电源本身的性质决定的，与电源是否接入电路，与电路的工作状态无关D．电源的电动势和一段电路两端电压可以有相同的大小和单位，两者的物理含义完全相同2．关于电容器的电容，下列说法正确的是（）A．电容器所带的电荷越多，电容就越大B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大C．电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍D．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量3．如图所示的电路中，E为电池，R1、R2为可变电阻，R为定值电阻，C为平行板电容器，闭合开关S后,能使电容器带电量增加的方法是（）A．增大R1的阻值B．增大电容器两极板间的距离C．减小R2的阻值D．将电容器的两极板错开些4．如图所示，一价氢离子(H）和二价氦离子（He)的混合体,经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中,偏转后，打在同一荧光屏上,则它们(）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点5．在光滑绝缘的水平地面上放置四个相同的金属小球，小球A、B、C位于等边三角形的三个顶点上，小球D位于三角形的中心，如图所示．现让小球A、B、C带等量的正电荷Q，让小球D带负电荷q,使四个小球均处于静止状态，则Q与q的比值为（）A．B．C．3 D．6．如图所示的电路中,R0为定值电阻,R为滑动变阻器．当滑动片P由a端向b端滑动的过程中，关于电压表、电流表的示数U和I的变化情况，下列说法中正确的是（）A．U先增大后减小，I先减小后增大B．U先减小后增大，I先增大后减小C．U一直增大，I一直减小D．U一直减小，I一直增大7．如图所示，灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的,现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些,则电路中出现的故障可能是（）A．R3断路B．R2断路C．R2短路D．R1短路8．有一个点电荷,在以该点电荷为球心，r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A．电场强度 B．同一电荷所受的电场力C．电势 D．同一电荷具有的电势能9．两只电流表A1和A2是由完全相同的两只电流表改装成的，A1表的量程是5A，A2表的量程是15A．为了测量15～20A的电流，把A1表和A2表并联起来使用,在这种情况下(）A．A1表和A2表的示数相等B．A1表和A2表的指针偏转角度相等C．A1表和A2表的示数之比为1:3D．A1表和A2表的指针偏转角度之比为1：310．如图所示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、﹣Q，虚线是以+Q 所在点为圆心、为半径的圆,a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d 两点关于x轴对称．下列判断正确的是（）A．b、d两点处的电势相同B．四点中c点处的电势最低C．b、d两点处的电场强度相同D．将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小11．一空间存在匀强电场，场中A、B、C、D四个点恰好构成正四面体，如图所示．已知电场强度大小为E，方向平行于正四面体的底面ABC,正四面体棱长为cm．已知U AC=6V、U BC=6V，则（）A．U DC=4V B．U DC=3V C．E=200 V/m D．E=V/m12．如图所示电路，在平行金属板M,N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度v0射入电场并打在N板的O点．改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则（)A．该粒子带正电B．减少R2，粒子还能打在O点C．减少R1,粒子将打在O点左侧D．增大R1，粒子在板间运动时间不变二、实验（4分+6分+6分，共16分)13．如图1所示，螺旋测微器的示数为mm，如图2所示，游标卡尺的示数为mm．14．一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确,发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量,应换到挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数,那么缺少的步骤是，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是Ω．15．用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻．蓄电池的电动势约为2V，内电阻很小．除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有:A．电压表（量程3V)；B．电流表(量程0.6A)；C．电流表（量程3A)；D．定值电阻R0（阻值4Ω，额定功率4W）；E．滑动变阻器R（阻值范围0﹣20Ω,额定电流1A）（1）电流表应选;(填器材前的字母代号)．本实验存在误差，是哪个表引起误差（2）根据实验数据作出U﹣I图象(如图乙所示），则蓄电池的电动势E=V,内阻r=Ω．三．计算16．一辆电动自行车的铭牌上给出了如下的技术参数表．请根据表计算规格后轮驱动直流电机车型26英寸额定输出功率120W整车质量30kg 额定电压40V最大载量120kg 额定电流 4.0A（1）此车电机的内阻;（2）电机以额定值正常工作时的机械效率;（3)在额定电压下，电机突然卡死时,电机的总功率．17．如图所示,间距为d的平行金属板间电压恒定．初速度为零的电子经电压U0加速后，沿两板间的中心线进入板间电场，电子恰好从下极板边缘飞出，飞出时速度的偏向角为θ．已知电子质量为m，电荷量为e，电子重力不计，求：(1）电子刚进入板间电场时的速度大小v0；（2）电子通过两极板间的过程中，电场力做的功W；（3）平行金属板间的电场强度大小E．18．如图所示，用长为l的绝缘细线拴一个质量为m、带电量为+q的小球（可视为质点)后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场E中．将小球拉至使悬线呈水平的位置A 后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60°角到达位置B时,速度恰好为零．求：（1）B、A两点的电势差U BA；（2）电场强度E;（3)小球到达B点时，悬线对小球的拉力T；(4）运动过程中的最大速度．2016—2017学年山东省青岛五十八中高二（上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-—-7是单选题，8--——12是复选题,选对得4分，不全得2分）1．关于电源和电动势，下列说法不正确的是（）A．电源是把其他形式的能转化为电能的装置，这种转化是通过非静电力做功来实现的B．电源的电动势高，表明该电源把其他能转化为电能的本领强，反之表明该电源把其他能转化为电能的本领弱C．电源电动势，是由电源本身的性质决定的，与电源是否接入电路，与电路的工作状态无关D．电源的电动势和一段电路两端电压可以有相同的大小和单位，两者的物理含义完全相同【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电源的电动势的物理意义是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，其大小等于电源没有接入电路时电源两极间的电压；电动势与外电路无关【解答】解：A、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，这种转化是通过非静电力做功来实现的；故A正确;B、电动势反映电源将其他形式的能转化为电能的本领；电动势高，表明该电源把其他能转化为电能的本领强，反之表明该电源把其他能转化为电能的本领弱；故B正确；C、电源电动势，是由电源本身的性质决定的，与电源是否接入电路,与电路的工作状态无关;故C正确；D、电动势和电压具有相同的单位，但是其物理意义不同；故D错误；本题选错误的；故选:D．2．关于电容器的电容,下列说法正确的是（）A．电容器所带的电荷越多,电容就越大B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大C．电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍D．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量【考点】电容．【分析】电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关．【解答】解：A、电容器所带的电荷越多,两板间电压越大,电容C=不变，故A错误．B、电容器两极板间的电压越高,所带的电荷越多，电容C=不变，故B错误．C、电容器所带电荷增加一倍，两极板间的电压增加一倍，电容C=不变，故C错误．D、电容的物理意义是表征电容器容纳电荷本领的大小．故D正确．故选D3．如图所示的电路中,E为电池，R1、R2为可变电阻,R为定值电阻，C为平行板电容器，闭合开关S后，能使电容器带电量增加的方法是（）A．增大R1的阻值B．增大电容器两极板间的距离C．减小R2的阻值D．将电容器的两极板错开些【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电路稳定后，电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压．根据欧姆定律分析电容器的电压变化，根据电容器电容定义式分析电容变化，进而分析电容器电量的变化．【解答】解：A、电路稳定后，R1与电容器串联，没有电流通过，改变R1的阻值不影响电路,所以电容器电量不变，故A错误；B、增大电容器两极板间的距离,电容变小，电压不变，根据Q=UC可知，电容器电量减小，故B错误．C、减小R2的阻值，电路中中电阻减小,总电流增大，则R的电压增大，所以电容器电压增大，根据Q=UC可知，电容器电量增大．故C正确．D、将电容器的两极板错开些，电容变小，电压不变，根据Q=UC可知,电容器电量减小，故D错误．故选:C4．如图所示，一价氢离子(H）和二价氦离子（He）的混合体，经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中,偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】本题中带电粒子先加速后偏转．先根据动能定理求出加速获得的速度表达式．两种粒子在偏转电场中做类平抛运动,垂直于电场方向上做匀速直线运动,沿电场方向做匀加速运动,根据牛顿第二定律和运动学得到粒子偏转距离与加速电压和偏转电压的关系，从而得出偏转位移的关系即可判断粒子打在屏上的位置关系．【解答】解：设加速电压为U1,偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d．在加速电场中，由动能定理得：qU1=①两种粒子在偏转电场中，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于两种粒子的比荷不同，则v0不同，所以两粒子在偏转电场中运动的时间t=不同．两种粒子在加速电场中的加速度不同，位移相同，则运动的时间也不同，所以两粒子是先后离开偏转电场．在偏转电场中的偏转位移y=②联立①②得y=同理可得到偏转角度的正切tanθ=，可见y和tanθ与电荷的电量和质量无关．所以出射点的位置相同，出射速度的方向也相同．故两种粒子打屏上同一点．故B正确，A、C、D错误．故选：B．5．在光滑绝缘的水平地面上放置四个相同的金属小球,小球A、B、C位于等边三角形的三个顶点上，小球D位于三角形的中心，如图所示．现让小球A、B、C带等量的正电荷Q，让小球D带负电荷q，使四个小球均处于静止状态,则Q与q的比值为（)A．B．C．3 D．【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】解答本题的关键是正确选择研究对象,在本题中可以选择A、B、C三个中的一个为研究对象，然后根据受力平衡列方程求解．【解答】解：以A、B、C三个中的一个为研究对象，如以B为研究对象有：受到A、C的库仑斥力作用，同时受到D点点电荷的库仑引力作用，设三角形边长为L，根据受力平衡得：，所以解得：=,故ABC错误,D正确．故选D．6．如图所示的电路中，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．当滑动片P由a端向b端滑动的过程中，关于电压表、电流表的示数U和I的变化情况,下列说法中正确的是（）A．U先增大后减小，I先减小后增大B．U先减小后增大，I先增大后减小C．U一直增大,I一直减小D．U一直减小，I一直增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】分析电路可知电路的结构:变阻器两侧电阻并联后与R0串联．由滑片的移动方向分析外电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，再分析内电压及路端电压的变化；即可得出电压表及电流表的变化．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器的左侧电阻与右侧电阻并联后与R0串联；电压表测路端电压，电流表测流过干路电流；当滑动片P由a移到b的过程中，左侧电阻减小,右侧电阻增大,总并联电阻先增大后减小;由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流I先减小后增大,电源的内电压先减小后增大，路端电压先增大后减小，故电压表示数U先增大后减小；故A正确,BCD错误；故选：A．7．如图所示,灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R3断路B．R2断路C．R2短路D．R1短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】首先明确电路中各用电器的连接关系：R2与灯泡B关联，与R1、A串联，再与R3并联．灯泡A变暗了，说明实际功率减小了,灯泡B变亮，说明实际功率增大了．具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．【解答】解：A、若滑动变阻器R3断路，外电路总电阻增大,路端电压随之增大，AB变亮，故A错误．B、R2断路,外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R3电流I3增大,则通过A的电流I A=I﹣I3减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A（R A+R1)增大，B灯变亮，符合题意．故B正确．C、R2短路，B灯不亮，不符合题意．故B错误；D、若R1短路，外电阻减小，路端电压U减小,干路电流I增大，R3电流I3减小,则通过A 的电流I A=I﹣I3增大，U A增大，A灯变亮;不符合题意．故D错误．故选:B8．有一个点电荷，在以该点电荷为球心，r为半径的球面上各点相同的物理量是（）A．电场强度 B．同一电荷所受的电场力C．电势 D．同一电荷具有的电势能【考点】点电荷的场强；电场强度．【分析】只有大小和方向都相同时，矢量才相同；标量只有大小，没有方向，只要大小相等，标量就相同．以点电荷为球心的球面是一个等势面,其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同．【解答】解：A、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故A错误．B、由F=qE可知,同一电荷受到的电场力大小相等，方向不同,故电场力不同．故B错误．C、以点电荷为球心的球面是一个等势面，即各点的电势相等．故C正确．D、由电势能与电势的关系可知，电势相同，同一电荷具有相同的电势能,故D正确．故选:CD9．两只电流表A1和A2是由完全相同的两只电流表改装成的，A1表的量程是5A，A2表的量程是15A．为了测量15～20A的电流，把A1表和A2表并联起来使用，在这种情况下（）A．A1表和A2表的示数相等B．A1表和A2表的指针偏转角度相等C．A1表和A2表的示数之比为1：3D．A1表和A2表的指针偏转角度之比为1：3【考点】把电流表改装成电压表．【分析】本题的关键是明确电流表指针偏转角度与通过表头的电流大小成正比．由电流表是由表头与分流电阻并联后改装成的原理，然根据欧姆定律求出两电流表的内阻，然后求解讨论即可．【解答】解：设改装后电流表的内阻为，电流表的内阻为，由于大量程的电流表是将一分流电阻与电流表并联而成的，应有：=5，=15，可得=3A：两电流表并联时，原来两电流表以及两分流电阻两端的电压均相等,根据欧姆定律应有:应有:=,=，由=3可得：=，所以A错误；B：与并联时，原来电流表两端的电压相等，通过电流表的电流就相等,根据电流表指针偏转角度与电流大小成正比可知，电流表与的偏角相等，所以B正确；C：由选项A的分析可知，:=1：3，所以C正确；D:由选项B的分析可知，与的偏转角度之比应为1：1,所以D错误．故选:BC．10．如图所示,在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、﹣Q,虚线是以+Q所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点,其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称．下列判断正确的是（)A．b、d两点处的电势相同B．四点中c点处的电势最低C．b、d两点处的电场强度相同D．将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小【考点】电势；电势能．【分析】该电场中的电势、电场强度都关于x轴对称，所以bd两点的电势相等，场强大小相等,方向是对称的．c点在两个电荷连线的中点上,也是在两个电荷连线的中垂线上,所以它的电势和无穷远处的电势相等．【解答】解:该电场为等量异种点电荷的电场,将等量异种点电荷的电场线与等势面的图画出如图,然后与该题的图比较可得：该电场中的电势关于x轴上下对称,等势面不是圆形．A：该电场中的电势关于x轴对称，所以bd两点的电势相等，故A正确;B：c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等．而正电荷周围的电场的电势都比它高，即c点的电势在四个点中是最低的．故B正确；C：该电场中的电场强度关于x轴对称,所以bd两点场强大小相等,方向是对称的，不相同的．故C错误；D:c点的电势低于a点的电势，试探电荷+q沿圆周由a点移至c点,电场力做正功,+q的电势能减小．故D正确．故选:ABD．11．一空间存在匀强电场，场中A、B、C、D四个点恰好构成正四面体，如图所示．已知电场强度大小为E,方向平行于正四面体的底面ABC，正四面体棱长为cm．已知U AC=6V、U BC=6V,则（）A．U DC=4V B．U DC=3V C．E=200 V/m D．E=V/m【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系;电场强度．【分析】过C点做底边AB的垂线垂足为F，抓住AB为等势线，结合电势差与电场强度的关系求出电场强度的大小,求出DC沿电场线方向的距离,从而得出DC两点间的电势差．【解答】解：因为U AC=6V、U BC=6V，AB连线为等势面，过C点做底边AB的垂线垂足为F，则FC即为匀强电场的电场线,由几何知识FC=3cm，则匀强电场场强V/m;过D 点做FC的垂线垂足为G，则CG=FC,所以V，故A、C正确,B、D错误．故选：AC．12．如图所示电路,在平行金属板M，N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子(重力不计)以水平速度v0射入电场并打在N板的O点．改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则（）A．该粒子带正电B．减少R2，粒子还能打在O点C．减少R1，粒子将打在O点左侧D．增大R1，粒子在板间运动时间不变【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据外电路中顺着电流方向电势逐渐降低,判断M、N两板电势的高低,确定板间电场的方向，即可判断粒子的电性；电路稳定时R2相当于导线；粒子射入板间电场中做类平抛运动，运用运动的分解法，由牛顿第二定律和运动学公式分析改变R1时粒子打在极板上的位置．【解答】解：A、根据外电路中顺着电流方向电势逐渐降低，可知M板的电势低于N板的电势，板间电场方向向下，而粒子在电场中向下偏转，所受的电场力方向向下,则知该粒子带负电，故A错误．B、电路稳定时R2中没有电流，相当于导线，改变R2，不改变M、N间的电压，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变,所以粒子的运动情况不变，仍打在O点．故B正确．C、D、设平行金属板M、N间的电压为U．粒子在电场中水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，则：竖直方向有：y==…①水平方向有：x=v0t…②联立得:y=…③由图知,y一定，q、m、d、v0不变，则由③式知：当减少R1时，M、N间的电压U增大，x减小，所以粒子将打在O点左侧；由①知，增大R1,U减小，t增大，故C正确,D错误．故选：BC．二、实验（4分+6分+6分，共16分）13．如图1所示,螺旋测微器的示数为6。
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2015—2016学年第一学期期中模块测试高三物理试卷2015．11第Ⅰ卷（共52分）一、选择题（本题包括13个小题，每小题4分，共52分。
1-8题每小题给出的四个选项中有一个选项正确，9-13题有多个选项正确，选不全得2分，选错不得分）。
1.关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是 （ ） A ．物体的速度为零时，物体处于平衡状态 B ．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度 C ．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D ．运动物体若没有受到外力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动2.如上图所示,质量为M 的楔形物块静止在水平地面上,其斜面的倾角为θ.斜面上有一质量为m 的小物块,小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F 沿斜面向上拉小物块,使之匀速上滑．在小物块运动的过程中,楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为( )A ．(M ＋m)gB ．(M ＋m)g －FC ．(M ＋m)g －Fsin θD ．(M ＋m)g ＋Fsin θ 3.如图所示，为A.B 两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是（ ）A. 电阻A 的电阻随电流的增大而减小，电阻B 阻值不变 B.在两图线交点处，电阻A 的阻值等于电阻BC.在两图线交点处，电阻A 的阻值大于电阻BD.在两图线交点处，电阻A 的阻值小于电阻B4. 如图，A 、B 两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A 、B两球用轻弹簧相连，图乙中A 、B 两球用轻杆相连。
系统静止时，挡板C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行。
在突然撤去挡板的瞬间： （ ） A.两图中两球加速度均为gsin θ B.两图中A 球的加速度均为零 C.图甲中B 球的加速度是为2gsin θ D.图乙中B 球的加速度为零5. 如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A 、B 连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ＝37°角，不计所有摩擦。
当两球静止时，OA 绳与杆的夹角为θ，OB 绳沿竖直方向，则球A 、B 的质量之比为： （ ） A.4∶3 B.3∶4 C.3∶5 D.5∶86.一质点做匀加速直线运动时，速度变化△v 时发生位移x 1，紧接着速度变化同样的△v 时发生位移x 2，则该质点的加速度为（ ）A ．()21211v x x ⎛⎫∆+ ⎪⎝⎭ B ．()2212v x x ∆- C ．()21211v x x ⎛⎫∆- ⎪⎝⎭D ．()221v x x ∆-7.如图所示，质量为M 的长木板位于光滑水平面上，质量为m 的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为μ，现对物块m 施加水平向右的恒力F ，若恒力F 超过某一临界数值，长木板与物块将出现相对滑动。
重力加速度大小为g ，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力。
则恒力F 的临界数值为（ ）A.mg μB.(1)m mg M μ+ C. Mg μ D. (1)Mmg m μ+ 8. 一根长为L 的细线上端固定,另一端连接一小球,现设法使小球在水平面做匀速圆周运动，则小球运动的周期T 与竖直线之间的夹角θ的关系是（ ） A.角θ越小，周期T 越长 B.角θ越小，周期T 越短 C. 周期T 与角θ的大小无关 D.条件不足，无法确定9.如右图，在水平放置的半径为R 的圆柱体轴线的正上方的m 点，将一个小球以水平速度v 0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O 、Q 连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是（ ）A ．B D ．10. 假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，则下列有关地球同步卫星的叙述正确的是( )A ．运行速度是第一宇宙速度的1n 倍B ．运行速度是第一宇宙速度的1n倍 C ．向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的n 倍 D ．向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的21n倍 11.如图甲、乙所示的位移-时间（x-t ）图像和速度（V-t ）图像中，给出了四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，则下列说法错误的是（ ） A ．图线1、3表示物体做曲线运动B ．X-t 图象中0～t 1时间内物体1和2的平均速度相等C ．V-t 图象中t 3时刻物体3的速度大于物体4的速度 D.两图象中t 2、t 4时刻分别表示物体2和4开始反向运动12. 如图所示，一个质量为m 、带电量为q 的粒子从两带电平行板的正中间沿与匀强电场垂直的方向射入，不计粒子所受的重力．当粒子的入射速度为v 时，它恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上．现欲使质量为m 、入射速度为v/2的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，在以下的仅改变某一物理量的方案中，可行的是 （ ） A ．使粒子的带电量减少为原来的1/4B ．使两板间所接电源的电压减小到原来的一半C ．使两板间的距离增加到原来的2倍D ．使两极板的长度减小为原来的一半13. 四个相同的小量程电流表分别改装成两个电流表和两个电压表。
已知电流表A 1量程大于A 2的量程，电压表V 1的量程大于V 2的量程，改装好后把它们按如图所示接入电路，则 （ ）A．电流表A1的读数大于电流表A2的读数B．电流表A1的指针偏转角小于电流表A2的指针偏转角C．电压表V1的读数小于电压表V2的读数D．电压表V1的指针偏转角等于电压表V2的指针偏转角第Ⅱ卷（共48分）二、实验题（本题包括2个小题，共14 分）14.在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用交流电源的频率是50Hz，打点计时器在小车拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录小车的运动情况。
（1）打点计时器的打点周期是s。
（2）图为某次实验打出的一条纸带，其中1、2、3、4为依次选中的计数点（各相邻计数点之间有四个点迹）。
根据图中标出的数据可知，打点计时器在打出计数点2时小车的速度大小为m/s，小车做匀加速直线运动的加速度大小为m/s2。
（计算结果均保留2位有效数字）15.验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O，然后每两个打点取一个计数点，分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6。
（1）已知打点计时器的打点周期为T ，可求出打各个计数点时对应的速度分别为v 1、v 2、v 3、v 4、v 5，其中v 5的计算式为v 5＝________。
（2）若重锤的质量为m ，取打点O 时重锤所在水平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能E pi 和动能E ki ，则打计数点3时对应重锤的势能E p3＝________；接着在E －h 坐标系中描点作出如图丙所示的E k －h 和E p －h 图线，求得E p －h 图线斜率的绝对值为k 1，E k －h 图线斜率为k 2，则在误差允许的范围内，k 1与k 2满足________关系时重锤机械能守恒。
（3）关于上述实验，下列说法中正确的是________ A ．实验中可用干电池作为电源B ．为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些C ．实验时应先释放纸带后接通电源D ．图丙E k －h 图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能三、计算题（本题包括3个小题，共34分）16（10分）. 一直升机以10.0m/s 速度竖直上升（选向上为正方向），某时刻从飞机上释放一物块，经4.0s 落在地面上，不计空气阻力，g 取10m/s 2。
求： （1）物块落到地面时的速度； （2）物块4.0s 内通过的路程；17（12分）. 如图所示，板长L ＝10 cm ，板间距离d ＝10 cm 的平行板电容器水平放置，它的左侧有与水平方向成60°角斜向右上方的匀强电场，某时刻一质量为m 、带电荷量为q 的小球由O 点静止释放，沿直线OA 从电容器C 的中线水平进入，最后刚好打在电容器的上极板右边缘，O 到A 的距离x ＝45 3 cm ，(g 取10 m/s 2)求： (1)电容器外左侧匀强电场的电场强度E 的大小； (2)小球刚进入电容器C 时的速度v 的大小； (3)电容器C 极板间的电压U.甲乙丙18（12分）.如图所示，在某竖直平面内，光滑曲面AB与水平面BC平滑连接于B点，BC 右端连接内壁光滑、半径r=0.2m的四分之一细圆管CD，管口D端正下方直立一根劲度系数为k=100N/m的轻弹簧，弹簧一端固定，另一端恰好与管口D端平齐。
一个质量为1 kg 的小球放在曲面AB上，现从距BC的高度为h=0.6m处静止释放小球，它与BC间的动摩擦因数μ＝0.5，小球进入管口C端时，它对上管壁有F N=2.5mg的相互作用力，通过CD后，在压缩弹簧过程中滑块速度最大时弹簧的弹性势能为E p=0.5J。
取重力加速度g=10m/s2。
求：（1）小球到达C点时的速度大小；（2）在压缩弹簧过程中小球的最大动能E km；（3）小球最终停止的位置。
2015-16高三上学期期中考试题答案一、选择题二、实验题14.三、计算题 15.（1）644h h T-（2分） （2）－mgh 3（2分，mgh 3不给分） k 1＝k 2（2分，填“相等”也给2分） （3）BD （2分）16.解：（1）设物块落地时速度为v ，由速度公式：gt v v -=0（2分）得：v =-30m/s 负号说明方向竖直向下（2分） （2）物块上升过程：由12020gh v -=-，得：h 1=5m（2分） 下降过程：由2220gh v =-，得：h 2=45m（2分）物块通过的路程为：s = h 1+ h 2=50m （2分）17. 解析 (1)由于带电小球做直线运动，因此小球所受合力沿水平方向，则：Eq ＝mg sin 60°得E ＝23mg3q(2)从O 点到A 点，由动能定理得：mgx cot 60°＝12mv 2－0解得：v ＝3 m/s(3)小球在电容器C 中做类平抛运动，水平方向：L ＝vt ① 竖直方向：d 2＝12at 2② a ＝Uqmd －g ③①②③联立求解得U ＝10mq答案 (1)23mg 3q (2)3 m/s (3)10mq18.解：（1）小球刚过C 点时有2CN v F mg m r+=解得/C v s =（2）在压缩弹簧过程中速度最大时，合力为零。
设此时滑块离D 端的距离为x 0，则有kx 0＝mg 由机械能守恒定律有mg （r ＋x 0）+12mv 2C ＝E km ＋E p得E km =6（J ）（3）滑块从A 点运动到C 点过程，由动能定理得mg ·h －μmgs ＝12mv 2C解得BC 间距离s =0.5m小球与弹簧作用后返回C 处动能不变，小滑块的动能最终消耗在与BC 水平面相互作用的过程中，设物块在BC 上的运动路程为s ˊ，由动能定理有－μmgs ˊ=0-12mv 2C解得s ˊ=0.7m 故最终小滑块距离B 为0. 7-0.5m=0.2m 处停下。