[推荐学习]全国通用版高考物理总复习优编增分练：实验题考点排查练6

全国通用版高考物理总复习优编增分练：选择题考点排查练2

2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )图1A ．物体在1 s 末速度方向改变B ．物体在3 s 末加速度方向改变C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 mD ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )图2A ．第1级台阶上B ．第2级台阶上C ．第3级台阶上D ．第4级台阶上答案 B16．(2018·贵州省安顺市适应性监测三)在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50 kg 的同学，一分钟内连续跳了140次，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2 s ，重力加速度g 取10 m/s 2，则他在这一分钟内克服重力做的功约为( )A ．3 500 JB ．14 000 JC ．1 000 JD ．2 500 J答案 A解析 G ＝mg ＝50 kg×10 N/kg＝500 N ，每次跳跃腾空时间为0.2 s ，故上升过程用时0.1 s ，上升的高度为h ＝0.05 m ，则起跳一次克服重力做的功W 0＝Gh ＝500 N×0.05 m＝25 J ；1 min 跳了140次，则1 min 内克服重力做功W ＝140W 0＝140×25 J＝3 500 J ，故选A.17．(2018·山西省太原市上学期期末)对于挑战世界最大的环形车道(直径 12.8 m ，位于竖直面内，如图3所示)的特技演员Steve Truglia 来说，瞬间的犹豫都可能酿成灾难性后果．若速度太慢，汽车在环形车道上，便有可能像石头一样坠落；而如果速度太快，产生的离心力可能让他失去知觉．挑战中汽车以16 m/s 的速度进入车道，到达最高点时，速度降至10 m/s 成功挑战．已知演员与汽车的总质量为 1 t ，将汽车视为质点，在上升过程中汽车速度一直减小，下降过程中速度一直增大，取 g ＝10 m/s 2，则汽车在以16 m/s 的速度进入车道从最低点上升到最高点的过程中( )图3A ．通过最低点时，汽车受到的弹力为 4×104NB ．在距地面6.4 m 处，演员最可能失去知觉C ．只有到达最高点时汽车速度不小于10 m/s ，才可能挑战成功D ．只有汽车克服合力做的功小于 9.6×104 J ，才可能挑战成功答案 D解析通过最低点时，汽车受到的弹力为F N1＝mg ＋m v 2R ＝1 000×(10＋1626.4)N ＝5×104 N ，选项A 错误；在轨道的最低点时，车速最大，人对座椅的压力最大，最容易失去知觉，选项B 错误；汽车到达最高点的最小速度为v ＝gR ＝10×6.4 m/s ＝8 m/s ，则只有到达最高点时汽车速度不小于8 m/s ，才可能挑战成功，选项C 错误；从最低点到最高点克服合外力做的功最大为W ＝12mv 02－12mv 2＝12×1 000×(162－82)J ＝9.6×104 J ，选项D 正确． 18．(2018·衡水金卷调研卷五)军用卫星指的是用于各种军事目的人造地球卫星，在现代战争中大显身手，作用越来越重要，一颗军事卫星在距离地面高度等于地球半径的圆形轨道上运行，卫星轨道平面与赤道平面重合，侦察信息通过无线电传输方式发送到位于赤道上的地面接收站，已知人造地球卫星的最小周期约为85 min ，此卫星运行方向为自西向东，则下列判断正确的是( )A ．该军事卫星的周期约480 minB ．该军事卫星的运行速度约为7 km/sC ．该军事卫星连续两次通过接收站正上方的时间间隔约为576 minD ．地面接收站能连续接收信息的时间约为96 min答案 D解析对于该军事卫星和近地卫星，由开普勒第三定律可知⎝ ⎛⎭⎪⎫2R 0R 03＝⎝ ⎛⎭⎪⎫T T min 2，解得T ＝22T min ≈240 min，A 错误；卫星运行的速度v ＝GM 2R 0＝12×GM R 0＝7.92km/s ≈5.6 km/s ，B 错误；该军事卫星连续2次通过接收站正上方，由几何关系可知2πT t 1－2πT 0t 1＝2π，解得t 1≈288 min，C 错误；卫星与接收站的关系如图：设卫星在A 1、A 2位置接收站恰好能接收到信息，由几何关系可知∠A 1OB 1＝∠A 2OB 2＝π3，2π3＋t 2T 0·2π＝t 2T ·2π，解得t 2＝TT 03(T 0－T )≈96 min，D 正确． 19．(2018·广西钦州市第三次质检)真空中，两个固定点电荷A 、B 所带电荷量分别为Q A 和Q B ，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图4实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C 、D 两点，其中D 点的切线与AB 连线平行，O 点为AB 连线的中点，则( )图4A ．A 带正电，B 带负电，且|Q A |>|Q B |B ．O 点电势等于D 点电势C ．点电荷A 在D 点产生的场强比点电荷B 在D 点产生的场强大D ．负检验电荷在C 点的电势能大于在D 点的电势能答案 AC解析根据电场线的方向，知A 带正电，B 带负电；D 点的场强可看成A 、B 两点电荷在该点产生场强的合场强，电荷A 在D 点产生的场强方向沿AD 向上，电荷B 在D 点产生的场强沿DB 向下，合场强水平向右，可知A 电荷在D 点产生的场强大于B 电荷在D 点产生的场强，而AD >BD ，所以|Q A |>|Q B |，A 、C 正确；因|Q A |>|Q B |，在AB 连线上电势与D 点相同的点在OB 之间，A 带正电荷，B 带负电荷，所以O 点电势比D 点电势高，B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，φC >φD ，再根据E p ＝q φ，q 为负电荷，知E p C <E p D ，D 错误．20．(2018·青海省西宁市二模)如图5所示，在长方形abcd 区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，O 点为ad 边的中点，ab ＝2ad ，由氕核(11H)和氘核(21H)(重力均不计)组成的一细束粒子流沿与ab 平行的方向以相同的速度从O 点射入磁场中，下列说法正确的是( )图5A ．氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为2∶1B ．若氘核从Od 边射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2C ．若氕核从d 点射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为2∶1D ．若氕核从cd 边的中点射出磁场，则氘核从cd 边射出磁场答案 BD解析根据r ＝mv qB 可知氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为r D r C ＝m D m C ＝12，选项A 错误；若氘核从Od 边射出磁场，可知氘核在磁场中运动半个圆周，因为氕核运动半径小于氘核，可知氕核在磁场中运动半个圆周从Od 边射出，根据T ＝2πm qB可知，氕核和氘核的周期之比为1∶2，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2，选项B 正确；若氕核从d 点射出磁场，因氘核运动半径是氕核运动半径的2倍，可知氘核运动14圆周垂直于dc 边从dc 边射出，结合B 的分析可知，氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶1，选项C 错误；设ab ＝2ad ＝2l ，则若氕核从cd 边的中点射出磁场，则由几何关系可知：r 2＝l 2＋(r －l 2)2，解得r ＝5l 4；因氘核运动半径为氕核的2倍，则氘核运动的半径为r ′＝5l 2，由几何关系，氘核出射点离d 点的距离：x ＝r ′2－(r ′－l 2)2＝3l 2，即氘核从cd 边射出磁场，选项D 正确． 21．(2018·山东省青岛市5月二模)如图6，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是( )图6A．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B．将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D．增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大答案AD解析将滑动头P向上滑动，变压器副线圈匝数增多，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮；原线圈输入电流频率不变，副线圈回路中电流频率不变，灯泡闪亮频率不变，故A项正确，C项错误．将滑动头P向下滑动，变压器副线圈匝数减少，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压减小，压敏电阻两端电压减小，小灯泡可能闪亮，但频率不变，故B项错误．增大发电机手柄的转速，原线圈两端的电压增大，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮，增大发电机手柄的转速，原线圈输入电流的频率增大，副线圈电流的频率增大，灯泡闪亮频率变大，故D项正确．。

全国通用版高考物理总复习优编增分练：选择题考点排查练1

2014年(全国Ⅰ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省揭阳市模拟)如图1所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距离．两导线中通有图示方向的相同的恒定电流I .则当环( )图1A ．向上运动时，环中产生顺时针方向的感应电流B ．向下运动时，环中产生顺时针方向的感应电流C ．向左侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流D ．向右侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流答案 D15．(2018·安徽省芜湖市上学期期末)如图2所示，直角坐标系Oxyz 处于匀强磁场中，有一条长0.6 m 的直导线沿Ox 方向通有大小为9 A 的电流，受到的安培力沿Oz 方向，大小为2.7 N ．则该匀强磁场可能的方向和磁感应强度B 的最小值为( )图2A ．平行于yOz 平面，B ＝0.5 TB ．平行于xOz 平面，B ＝1.0 TC ．平行于xOy 平面，B ＝0.2 TD ．平行于xOy 平面，B ＝1.0 T答案 A16．(2018·重庆市江津中学、合川中学等七校第三次模拟)如图3所示，大圆的半径为2R ，同心的小圆半径为R ，在圆心处有一个放射源，可以向平面内的任意方向发射质量为m ，电荷量为q ，最大速率为v 的带电粒子，为了不让带电粒子飞出大圆以外，可以在两圆之间的区域内加一个垂直于纸面向里的匀强磁场，该磁场磁感应强度的最小值是( )图3A.4mv 3qR B.mv qR C.3mv 4qR D.2mv qR答案 A解析设同心圆的圆心为O ，粒子恰好不飞出大圆，则其轨迹与大圆相切，如图所示，切点为A ，连接OA ，设粒子从C 点进入磁场，过C 点作OC 的垂线交OA 于D 点，D 点即为粒子做匀速圆周运动的圆心，设粒子做圆周运动的半径为r ，由几何关系可得：(2R －r )2＝R 2＋r 2，r ＝mv qB min ，由以上两式解得：B min ＝4mv 3qR，故A 正确．17．如图4所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一质量为m 的小球P .横杆右边用一根细线吊一相同的小球Q .当小车沿水平面做加速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为α.已知θ<α，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )图4A ．小车一定向右做匀加速运动B ．轻杆对小球P 的弹力沿轻杆方向C ．小球P 受到的合力大小为mg tan θD ．小球Q 受到的合力大小为mg tan α答案 D解析选择小球Q 作为研究对象，根据牛顿第二定律，得mg tan α＝ma ，得到a ＝g tan α，故加速度向右，小车可能向右加速，也可能向左减速，故A 错误．对小球P ，由牛顿第二定律，得mg tan β＝ma ′，因为a ＝a ′，得到β＝α>θ.则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故B 错误．对小球P 、Q 由牛顿第二定律可知F ＝ma ＝mg tan α，故C 错误，D 正确．18．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图5，空间某区域内存在沿水平方向的匀强磁场，一正方形闭合金属线框自磁场上方某处释放后穿过磁场，整个过程线框平面始终竖直，线框边长小于磁场区域上下宽度．以线框刚进入磁场时为计时起点，下列描述线框所受安培力F 随时间t 变化关系的图中，不正确的是( )图5答案 A解析线框受重力作用加速下落，进入与离开磁场时受到安培力作用．进入磁场时若安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，某时刻安培力等于重力，线框做匀速运动，此时速度达到v 0＝mgR B 2L 2，完全进入后只受重力，线框加速，刚要离开时的速度大于完全进入时的速度，故安培力大于重力，做减速运动，速度减小，安培力也减小，进入过程与离开过程安培力变化情况可能完全相同，故C 正确，A 错误；若线框进入磁场时恰好重力等于安培力，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，速度减小，安培力减小，故B 正确；若进入时重力大于安培力，由mg －B 2L 2v R＝ma ，则做加速度减小的加速运动，安培力随速度的增大而增大，某时刻重力等于安培力，线框做匀速运动，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，故D 正确．19．(2018·湖南省衡阳市第三次联考)世界上没有永不谢幕的传奇，NASA 的“卡西尼”号探测器进入土星探测任务的最后篇章．据NASA 报道，“卡西尼”2017年4月26日首次到达土星和土星内环(碎冰块、岩石块、尘埃等组成)之间，之后，卫星将在土星的近圆轨道做圆周运动，如图6所示．在极其稀薄的大气阻力作用下，卫星最终将坠向土星的怀抱，这一阶段持续到九月中旬．若“卡西尼”只受土星引力和稀薄气体阻力的作用，则( )图6A ．4月26日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的角速度大于它在内环上绕土星的角速度B ．4月28日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的速率小于它在内环上绕土星的速率C ．5月到6月间，“卡西尼”的动能越来越大D ．6月到8月间，“卡西尼”的动能、以及它与火星的引力势能之和减小答案 ACD解析由万有引力提供向心力得：G Mmr 2＝mr ω2，解得ω＝GM r 3，则轨道半径小的角速度大，则A 正确；由万有引力提供向心力得：G Mm r 2＝m v 2r，解得v ＝GM r ，则轨道半径小的速率大，则B 错误；5到6月间，因有稀薄气体阻力做负功，探测器的速度减小，做向心运动，重力做正功，动能增加，则C 正确；6月到8月间，因稀薄气体阻力做负功，机械能减小，则D 正确．20．(2018·江西省临川二中第五次训练)如图7所示，叠放在水平转台上的小物体A 、B 、C 能随转台一起以角速度ω匀速转动，A 、B 、C 的质量分别为3m 、2m 、m ，A 与B 、B 与转台、C 与转台间的动摩擦因数都为μ，B 、C 离转台中心的距离分别为r 、1.5r .设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中不正确的是( )图7 A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：ω≤2μg 3rD．转台的角速度一定满足：ω≤μg 3r答案ABD解析对A受力分析，受重力、支持力以及B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有F f A ＝3mω2r≤μ(3m)g，故A错误；F f A＝3mω2r，F f C＝mω2×1.5r，故B错误；由于A、AB整体、C受到的静摩擦力均提供向心力，故对A，有：(3m)ω2r≤μ(3m)g，对AB整体有：(3m＋2m)ω2r≤μ(3m＋2m)g，对物体C，有：mω2(1.5r)≤μmg，故ω≤2μg3r，故C正确，D错误．21．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图8, M、N两点处于同一水平面，O为M、N连线的中点，过O点的竖直线上固定一根绝缘光滑细杆，杆上A、B两点关于O点对称．第一种情况，在M、N两点分别放置电荷量为＋Q和－Q的等量异种点电荷，套在杆上带正电的小金属环从A点无初速度释放，运动到B点；第二种情况，在M、N两点分别放置电荷量为＋Q的等量同种点电荷，该金属环仍从A点无初速度释放，运动到B点．则两种情况中( )图8A．金属环运动到B点的速度第一种情况较大B．金属环从A点运动到B点所用的时间第一种情况较短C．金属环从A点运动到B点的过程中，动能与重力势能之和均保持不变D．金属环从A点运动到B点的过程中(不含A、B两点)，在杆上相同位置的速度第一种情况较大答案BD解析等量异种电荷连线的中垂线是等势线，带电金属环沿杆运动时电势能不变，重力势能转化为动能，金属环所受合力等于重力，做加速度等于重力加速度的匀加速直线运动；在等量同种正电荷连线的中垂线上，中点O电势最高，与中点O距离越远，电势越低，A、B两点关于O点对称，电势相等，金属环的电势能相等，重力势能全部转化为动能，第一种情况与第二种情况在B点的速度相等，故A错误；由于到B点前第二种情况的平均速度比较小，所以运动时间比较长，故B正确；等高处重力势能相等，但到B点前第二种情况的速度均较小，所以动能与重力势能之和第二种情况均较小，故C错误；第二种情况中金属环电场力先是阻力后是动力，到B点时与第一种情况速度相等，故D正确．。

全国通用版高考物理总复习优编增分练鸭题考点排查练年全国ⅠⅡ卷鸭题考点排查练.doc

2015年(全国Ⅰ、Ⅱ卷)选考34题考点排查练1．(1)(2018·衡水金卷调研卷五)某同学用如图1甲所示实验装置做“用双缝干涉测量光的波长”的实验，相邻两条亮条纹间的距离用带有螺旋测微器的测量头测出，测量头的分划板中心刻线与某亮条纹中心对齐，将该亮条纹定位第1条亮条纹，此时手轮上的示数如图乙所示，然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮条纹中心对齐，此时手轮上的示数如图丙所示，则这种色光的波长λ＝______nm(已知双缝间距d＝0.2 mm，双缝到屏间的距离L＝700 mm)，若改用频率较高的单色光照射，得到的干涉条纹间距将________(填“变大”“不变”或“变小”)图1(2)(2018·安徽省“江南十校”二模)如图2甲所示，在均匀介质中A、B两质点相距d＝0.8 m，质点A的振动图象如图乙所示，已知t＝0时刻，A、B两质点都在平衡位置，且A、B之间只有一个波谷．求：图2①波的传播速度；②质点B第一次出现波峰的时间．答案(1)660变小(2)①8 m/s、4 m/s或m/s②0.05 s或0.15 s解析(1)题图乙所示螺旋测微器的读数为 2.0 mm＋32.0×0.01 mm＝2.320 mm，题图丙所示的螺旋测微器读数为13.5 mm＋37.0×0.01 mm＝13.870 mm，相邻两亮条纹间的距离为Δx＝，根据公式Δx＝λ可得这种单色光的波长λ＝＝nm＝660 nm.光的频率越高，波长越短，根据Δx＝λ知相邻的干涉条纹间距将变小．(2)①由题图乙可知该波的周期T＝0.2 s，若A、B间没有波峰，A、B间距离等于半个波长，即λ＝1.6 m，波速v＝＝8 m/s；若A、B间有一个波峰，其间距等于一个波长，即λ＝0.8 m，波速v＝＝4 m/s；若A、B间有两个波峰，则λ＝0.8 m，即λ＝m，波速v＝＝m/s；所以波速可能为8 m/s、4 m/s或m/s；②t＝0时刻，质点A向下振动，经过0.05 s到达波谷处，经过0.15 s到波峰处；若A、B间距为一个波长，A、B同时出现在波峰处，则质点B第一次出现在波峰的时间t＝0.15 s；若A、B间距为半个波长的1倍或3倍，质点B在波峰时，质点A点在波谷，则质点B第一次出现在波峰的时间为t＝0.05 s；所以质点B第一次出现波峰的时间可能为0.05 s或0.15 s.2．(1)(2018·安徽省“江南十校”二模)一束含两种频率的单色光，照射到底面有涂层的平行均匀玻璃砖上表面后，经下表面反射从玻璃砖上表面射出后，光线分为a、b两束，如图3所示．下列说法正确的是________．图3A．a、b一定是平行光线B．用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距大于b光的条纹间距C．a光的频率大于b光的频率D．从同种玻璃射入空气发生全反射时，a光的临界角小E．增大从空气到玻璃的入射角(90°之内)，a、b光可能在玻璃内发生全反射(2)(2018·衡水金卷调研卷五)如图4甲所示为一列沿x轴方向传播的简谐横波在t ＝0时刻的波形，波上位于x＝6 m处的质点M的振动图象如图乙所示，求：图4①这列波的传播速度大小及方向；②从t＝0时刻起，再经过Δt＝12.5 s，x＝3 m处的质点运动的路程．答案(1)ACD(2)①2 m/s沿x轴负方向②(104－4)cm解析(1)因为a、b两单色光在上表面的折射角与反射后在上表面的入射角分别相等，根据折射定律可知出射后在上表面的入射角分别相等，所以出射光线一定平行，A正确；根据光路图，a光的偏折程度较大，则a光的折射率较大，频率较大，波长较短，根据双缝干涉条纹间距公式Δx＝λ可知a光的条纹间距小于b 光的条纹间距，B错误，C正确；因为a光的折射率较大，根据sin C＝可知a 光的临界角较小，D正确；根据折射定律，无论如何改变入射角，在玻璃内都不能发射全反射，E错误．(2)①由题图可知波长λ＝8 m，T＝4 s，故波速v＝＝2 m/s由振动图象结合“上下坡法”可知该列波沿x轴负方向传播②距离x＝3 m处最近的波峰传播到此处所需时间为t1＝＝2.5 s这段时间内质点的路程为s1＝(8－8×cos 45°) cm＋2×8 cm＝(24－4)cm而后运动的周期数为N＝＝2.5后面这段时间内质点运动的路程为s2＝2.5×4×8 cm＝80 cm，故质点运动的总路程为s＝s1＋s2＝(104－4)cm.。

全国通用版高考物理总复习优编增分练：选择题考点排查练2

2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )图1A ．物体在1 s 末速度方向改变B ．物体在3 s 末加速度方向改变C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 mD ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )图2A ．第1级台阶上B ．第2级台阶上C ．第3级台阶上D ．第4级台阶上答案 B16．(2018·贵州省安顺市适应性监测三)在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50 kg 的同学，一分钟内连续跳了140次，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2 s ，重力加速度g 取10 m/s 2，则他在这一分钟内克服重力做的功约为( )A ．3 500 JB ．14 000 JC ．1 000 JD ．2 500 J答案 A解析 G ＝mg ＝50 kg×10 N/kg＝500 N ，每次跳跃腾空时间为0.2 s ，故上升过程用时0.1 s ，上升的高度为h ＝0.05 m ，则起跳一次克服重力做的功W 0＝Gh ＝500 N×0.05 m＝25 J ；1 min 跳了140次，则1 min 内克服重力做功W ＝140W 0＝140×25 J＝3 500 J ，故选A.17．(2018·山西省太原市上学期期末)对于挑战世界最大的环形车道(直径 12.8 m ，位于竖直面内，如图3所示)的特技演员Steve Truglia 来说，瞬间的犹豫都可能酿成灾难性后果．若速度太慢，汽车在环形车道上，便有可能像石头一样坠落；而如果速度太快，产生的离心力可能让他失去知觉．挑战中汽车以16 m/s 的速度进入车道，到达最高点时，速度降至10 m/s 成功挑战．已知演员与汽车的总质量为 1 t ，将汽车视为质点，在上升过程中汽车速度一直减小，下降过程中速度一直增大，取 g ＝10 m/s 2，则汽车在以16 m/s 的速度进入车道从最低点上升到最高点的过程中( )图3A ．通过最低点时，汽车受到的弹力为 4×104NB ．在距地面6.4 m 处，演员最可能失去知觉C ．只有到达最高点时汽车速度不小于10 m/s ，才可能挑战成功D ．只有汽车克服合力做的功小于 9.6×104 J ，才可能挑战成功答案 D解析通过最低点时，汽车受到的弹力为F N1＝mg ＋m v 2R ＝1 000×(10＋1626.4)N ＝5×104 N ，选项A 错误；在轨道的最低点时，车速最大，人对座椅的压力最大，最容易失去知觉，选项B 错误；汽车到达最高点的最小速度为v ＝gR ＝10×6.4 m/s ＝8 m/s ，则只有到达最高点时汽车速度不小于8 m/s ，才可能挑战成功，选项C 错误；从最低点到最高点克服合外力做的功最大为W ＝12mv 02－12mv 2＝12×1 000×(162－82)J ＝9.6×104 J ，选项D 正确． 18．(2018·衡水金卷调研卷五)军用卫星指的是用于各种军事目的人造地球卫星，在现代战争中大显身手，作用越来越重要，一颗军事卫星在距离地面高度等于地球半径的圆形轨道上运行，卫星轨道平面与赤道平面重合，侦察信息通过无线电传输方式发送到位于赤道上的地面接收站，已知人造地球卫星的最小周期约为85 min ，此卫星运行方向为自西向东，则下列判断正确的是( )A ．该军事卫星的周期约480 minB ．该军事卫星的运行速度约为7 km/sC ．该军事卫星连续两次通过接收站正上方的时间间隔约为576 minD ．地面接收站能连续接收信息的时间约为96 min答案 D解析对于该军事卫星和近地卫星，由开普勒第三定律可知⎝ ⎛⎭⎪⎫2R 0R 03＝⎝ ⎛⎭⎪⎫T T min 2，解得T ＝22T min ≈240 min，A 错误；卫星运行的速度v ＝GM 2R 0＝12×GM R 0＝7.92km/s ≈5.6 km/s ，B 错误；该军事卫星连续2次通过接收站正上方，由几何关系可知2πT t 1－2πT 0t 1＝2π，解得t 1≈288 min，C 错误；卫星与接收站的关系如图：设卫星在A 1、A 2位置接收站恰好能接收到信息，由几何关系可知∠A 1OB 1＝∠A 2OB 2＝π3，2π3＋t 2T 0·2π＝t 2T ·2π，解得t 2＝TT 03(T 0－T )≈96 min，D 正确． 19．(2018·广西钦州市第三次质检)真空中，两个固定点电荷A 、B 所带电荷量分别为Q A 和Q B ，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图4实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C 、D 两点，其中D 点的切线与AB 连线平行，O 点为AB 连线的中点，则( )图4A ．A 带正电，B 带负电，且|Q A |>|Q B |B ．O 点电势等于D 点电势C ．点电荷A 在D 点产生的场强比点电荷B 在D 点产生的场强大D ．负检验电荷在C 点的电势能大于在D 点的电势能答案 AC解析根据电场线的方向，知A 带正电，B 带负电；D 点的场强可看成A 、B 两点电荷在该点产生场强的合场强，电荷A 在D 点产生的场强方向沿AD 向上，电荷B 在D 点产生的场强沿DB 向下，合场强水平向右，可知A 电荷在D 点产生的场强大于B 电荷在D 点产生的场强，而AD >BD ，所以|Q A |>|Q B |，A 、C 正确；因|Q A |>|Q B |，在AB 连线上电势与D 点相同的点在OB 之间，A 带正电荷，B 带负电荷，所以O 点电势比D 点电势高，B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，φC >φD ，再根据E p ＝q φ，q 为负电荷，知E p C <E p D ，D 错误．20．(2018·青海省西宁市二模)如图5所示，在长方形abcd 区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，O 点为ad 边的中点，ab ＝2ad ，由氕核(11H)和氘核(21H)(重力均不计)组成的一细束粒子流沿与ab 平行的方向以相同的速度从O 点射入磁场中，下列说法正确的是( )图5A ．氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为2∶1B ．若氘核从Od 边射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2C ．若氕核从d 点射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为2∶1D ．若氕核从cd 边的中点射出磁场，则氘核从cd 边射出磁场答案 BD解析根据r ＝mv qB 可知氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为r D r C ＝m D m C ＝12，选项A 错误；若氘核从Od 边射出磁场，可知氘核在磁场中运动半个圆周，因为氕核运动半径小于氘核，可知氕核在磁场中运动半个圆周从Od 边射出，根据T ＝2πm qB可知，氕核和氘核的周期之比为1∶2，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2，选项B 正确；若氕核从d 点射出磁场，因氘核运动半径是氕核运动半径的2倍，可知氘核运动14圆周垂直于dc 边从dc 边射出，结合B 的分析可知，氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶1，选项C 错误；设ab ＝2ad ＝2l ，则若氕核从cd 边的中点射出磁场，则由几何关系可知：r 2＝l 2＋(r －l 2)2，解得r ＝5l 4；因氘核运动半径为氕核的2倍，则氘核运动的半径为r ′＝5l 2，由几何关系，氘核出射点离d 点的距离：x ＝r ′2－(r ′－l 2)2＝3l 2，即氘核从cd 边射出磁场，选项D 正确． 21．(2018·山东省青岛市5月二模)如图6，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是( )图6A．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B．将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D．增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大答案AD解析将滑动头P向上滑动，变压器副线圈匝数增多，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮；原线圈输入电流频率不变，副线圈回路中电流频率不变，灯泡闪亮频率不变，故A项正确，C项错误．将滑动头P向下滑动，变压器副线圈匝数减少，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压减小，压敏电阻两端电压减小，小灯泡可能闪亮，但频率不变，故B项错误．增大发电机手柄的转速，原线圈两端的电压增大，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮，增大发电机手柄的转速，原线圈输入电流的频率增大，副线圈电流的频率增大，灯泡闪亮频率变大，故D项正确．。

全国通用版2019高考物理总复习优编增分练：实验题考点排查练62016年全国Ⅱ卷实验题考点排查练

2016年(全国Ⅱ卷)实验题考点排查练22．(2018·河南省六市第二次联考)用如图1所示的装置可以测量弹簧的弹性势能．将弹簧放置在水平气垫导轨上，左端固定，右端在O点；在O点右侧的B、C位置各安装一个光电门，计时器(图中未画出)与两个光电门相连．先用米尺测得B、C两点间距离s，再用带有遮光片的小滑块压缩弹簧到某位置A，由静止释放小滑块，计时器显示遮光片从B到C所用的时间t，用米尺测量A、O之间的距离x.图1(1)计算小滑块离开弹簧时速度大小的表达式是____________________．(2)为求出弹簧的弹性势能，还需要测量________．A．弹簧原长B．当地重力加速度C．小滑块(含遮光片)的质量(3)实验误差的来源有________．A ．空气阻力B ．小滑块的大小C ．弹簧的质量答案 (1)s t(2)C (3)AC 解析 (1)滑块离开弹簧后的运动可视为匀速运动，故可以用BC 段的平均速度表示滑块离开弹簧时的速度，则有：v ＝s t. (2)弹簧的弹性势能等于滑块(含遮光片)增加的动能，故应求解滑块(含遮光片)的动能，根据动能表达式可知，应测量小滑块(含遮光片)的质量，故选C.(3)由于存在空气阻力，阻力做负功，小滑块的动能增加量小于弹簧的弹性势能的减小量；由于弹簧有质量，故弹簧的弹性势能有小部分转化为弹簧的动能，故小滑块的动能增加量小于弹簧弹性势能的减小量，故选A 、C.23．(2018·河北省石家庄市二模)某同学利用多用电表欧姆挡测量标准电压表V 1的内阻并对电压表V 2的示数进行校对．实验器材如下：多用电表(欧姆挡对应刻度盘上正中央数值为15)标准电压表V 1 (量程10 V ，内阻R V1约为几十千欧)电压表V 2(量程10 V ，内阻R V2＝9 k Ω)滑动变阻器R (最大阻值约50 Ω)电源E (电动势为12 V ，内阻不计)开关S 一个、导线若干实验过程如下：(1)利用多用电表欧姆挡测量电压表V 1的内阻，将红、黑表笔短接调零后，选用图2甲中________(选填“A”或“B”)方式连接．图2(2)实验中，两表的示数如图乙所示，多用电表欧姆挡的读数为________Ω，电压表的读数为________V，通过计算可得出欧姆挡电池的电动势为________V．(以上结果均保留三位有效数字)(3)利用标准电压表V1对电压表V2进行校对，请在图3的方框中画出电路图．图3(4)校对中发现，调节滑动变阻器，标准电压表V1示数为9.00 V时，电压表V2的示数为10.00 V，为使9.00 V示数准确，应给V2表串联________Ω的电阻．答案(1)A (2)3.00×104 5.80 8.70 (3)如图所示(4)1 000解析(1)根据“红进黑出”原理可知A图正确；(2)因为电压表V1的示数为几十千欧，所以多用电表欧姆挡的读数为30.0×103Ω＝3.00×104Ω；电压表V1的量程为10 V，所以分度值为0.1 V，故读数为5.80 V；根据题意，中值电阻为15 kΩ，即欧姆表内阻为15 kΩ，根据闭合电路欧姆定律可得3030＋15E＝5.80 V，解得E ＝8.70 V；(3)因为并联电路电压相等，所以要校对电压表，可将两电压表并联，由于电压表内阻过大，而滑动变阻器最大约50 Ω，所以为了读数变化明显，采用滑动变阻器的分压式接法，电路图如图所示(4)根据欧姆定律可得9 k Ω9 k Ω＋R×10.00 V＝9.00 V ，解得R ＝1 k Ω＝1 000 Ω。

[推荐学习]全国通用版高考物理总复习优编增分练：实验题考点排查练4

2015年(全国Ⅱ卷)实验题考点排查练22．(2018·河北省石家庄市二模)为测定小滑块与水平木板间的动摩擦因数μ，选用的实验器材为：带挡光片的小滑块、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、游标卡尺、刻度尺，器材安装如图1甲所示．图1(1)用游标卡尺测量挡光片宽度d 如图乙所示，则d ＝________mm ；(2)小滑块从弧形斜面上某位置由静止释放，读出小滑块挡光片通过光电门时数字毫秒计的示数t ；用刻度尺量出小滑块停止运动时，滑块上的挡光片中心与光电门间的水平距离L ；重力加速度为g ，则小滑块与水平木板间的动摩擦因数μ＝________(用物理量d 、L 、t 、g 表示)；(3)实验中将挡光片通过光电门的平均速度当作小车通过光电门的瞬时速度，这样处理测得的小滑块与水平木板间的动摩擦因数μ与真实值相比________(选填“偏大”“偏小”或“无偏差”)．答案 (1)5.90 (2)d 22gLt2 (3)偏小解析 (1)游标卡尺的读数为d ＝5 mm ＋18×120mm ＝5.90 mm ； (2)小滑块通过光电门时的速度为v ＝d t ，根据动能定理可得－μmgL ＝0－12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2，解得μ＝d 22gLt2； (3)小滑块做匀减速直线运动，因为小滑块通过光电门的速度为其平均速度，即中间时刻的速度，此时挡光片中心已经通过光电门，相比中心通过光电门的速度偏小，根据－μmgL ＝0－12mv 2可得μ＝v 22gL ，故测量值偏小．23．(2018·安徽省池州市上学期期末)某探究小组为了研究用“半偏法”测电阻和改装电表，先用“半偏法”测量程为100 μA的电流表G的电阻，后将电流表G改装成电压表．(1)首先采用如图2甲所示的实验电路测量该电流表G的内阻R g，图中R1为滑动变阻器、R2为电阻箱．他按电路图连接好电路，将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后，他应该正确操作的步骤是________．(选出下列必要的步骤，并将其序号排序)图2A．记下R2的阻值B．调节R1的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度C．闭合S2，调节R1和R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半D．闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半(2)如果按正确操作步骤测得R2的阻值为100 Ω，则R g的阻值大小为________Ω；与电流表内阻的真实值R g′相比，R g________R g′(选填“>”“＝”或“<”)．(3)将上述电流表G串联一个29 900 Ω的电阻，改装成电压表，则该电压表的量程是________V．用它来测量电压时，表盘指针位置如图乙所示，此时电压表的读数大小为________V.答案(1)BDA (2)100 < (3)3 2.4解析(1)本题是使用“半偏法”测电流表的内阻，故调节R1的阻值，先使电流表的指针偏转到满刻度，然后再闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半，故操作顺序为B、D、A.(2)此时R2的阻值与R g的阻值相等，故R g的阻值大小也为100 Ω.S2闭合后，整个电路中的电流将会变大，但实际上我们仍然按照电流不变时的电流来计算的，通过变阻器R2的电流比通过G的电流要大，又因为R2与G并联，电压一样，所以实际的变阻器读数R将小于电流表G的内阻．所以“半偏法”测电阻测出的电阻要小于实际电阻．(3)电流表G与一较大的电阻串联即可改装成电压表．U＝I g R＋I g R g＝1×10－4×(100＋29 900) V＝3 V，此时指针所指示的电压为2.4 V.。

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2016年(全国Ⅲ卷)实验题考点排查练22．(2018·湖北省武汉市二月调研)如图1甲所示是某汽车转向灯的控制电路，电子闪光器可以产生周期性的开关动作，使转向信号灯和转向指示灯闪烁．该电路的工作过程为：汽车若向左转弯，就把转向信号灯开关(单刀三掷开关)拨至左侧位置1，闪光器工作，转向信号灯闪烁，向路人或其他车辆发出信号，同时安装在仪表盘上的转向指示灯也在闪亮，向驾驶员提供转向灯工作的情况；汽车向右转弯的原理与向左转弯一样．图1(1)闭合点火开关，将转向信号灯开关拨至右侧位置2，发现电路不工作．为排查电路故障，多用电表的选择开关应旋至________(选填“欧姆挡”“交流电压挡”“直流电压挡”或“直流电流挡”)的位置；用调节好的多用电表进行排查，若只有电子闪光器断路，则表笔接A、B时指针________(选填“偏转”或“不偏转”)，接B、D时指针________(选填“偏转”或“不偏转”)．(2)电容式转向信号闪光器的内部结构如图乙所示，它主要由一个具有双线圈的灵敏继电器和一个大容量的电容器组成．其工作原理如下：①接通转向灯电路，蓄电池通过线圈L1和常闭触点对转向灯供电，在线圈L1的磁场的作用下，____________.②蓄电池对电容器充电，此时线圈L1、L2均串入电路，故转向灯电流较小，转向灯不亮，在线圈L1、L2的磁场的作用下，触点打开．③充电结束后，电流为零，触点闭合，蓄电池通过线圈L1和触点向转向灯供电，电容器也通过线圈L2放电，________________.④放电结束后，线圈L2的电流为零，触点打开，转向灯不亮．重复上述过程，实现转向灯的闪烁．请将上述原理补充完整．答案(1)直流电压挡偏转不偏转(2)①触点打开，转向灯电路切断，转向灯不亮③L1、L2中电流方向相反，产生的磁场抵消，触点闭合，转向灯发光解析(1)蓄电池为直流电源，将转向信号灯开关拨至右侧位置2时电源接入电路，为排查电路故障，多用电表的选择开关应旋至直流电压挡的位置；用多用电表的直流电压挡检查电路故障，若只有电子闪光器断路，由题图电路图可知，表笔接A、B时，电压表与电源两极相连接，指针偏转，表笔接B、D时，电压表与电源两极不相连，电压表指针不偏转．(2)①接通转向灯电路，蓄电池通过线圈L1和常闭触点对转向灯供电，在线圈L1的磁场的作用下，触点打开，转向灯电路切断，转向灯不亮．③充电结束后，电流为零，触点闭合，蓄电池通过线圈L1和触点向转向灯供电，电容器也通过线圈L2放电，L1、L2中电流方向相反，产生的磁场抵消，触点闭合，转向灯发光．23．(2018·安徽省蚌埠市一质检)某同学利用如图2甲所示的装置探究“外力一定时，加速度与质量的关系”．图中打点计时器的电源为50 Hz的交流电源，小车的质量未知．图2(1)实验之前要平衡小车所受的阻力，具体的步骤是，吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列________的点．(2)按住小车，在吊盘中放入适当质量的物块，并在小车中放入质量已知的砝码，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，吊盘和盘中物块的质量和应满足的条件是________．(3)打开打点计时器电源，释放小车，得到如图乙所示的纸带，图中为五个连续点之间的距离(单位：cm)，则小车的加速度a ＝________m/s 2.(结果保留两位小数)(4)改变小车中的砝码质量多次实验，得到不同的纸带，记录砝码的质量m ，并根据纸带求出不同的m 对应的加速度a ，以m 为横坐标，1a 为纵坐标，作出1a－m 关系图线如图丙所示，设图中直线的斜率为k ，纵轴上的截距为b ，若牛顿第二定律成立，则小车的质量为________．答案 (1)间隔均匀 (2)远小于小车的质量 (3)3.25 (4)b k解析 (1)平衡摩擦力后，用手轻拨小车，小车应做匀速直线运动，打点计时器打出一系列间隔均匀的点．(2)设小车质量为M ，车上砝码质量为m, 吊盘和盘中物块的质量和为m ′，小车所受拉力为F ，对小车和砝码受力分析，由牛顿第二定律可得F ＝(M ＋m )a ；对吊盘和盘中物块受力分析，由牛顿第二定律可得m ′g －F ＝m ′a ，联立解得：F ＝M ＋m M ＋m ＋m ′·m ′g ，变形得：F ＝11＋m ′M ＋m ·m ′g ，当m ′≪M 时，改变车上砝码质量m ，小车所受拉力近似不变．故为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，吊盘和盘中物块的质量和应满足的条件是远小于小车的质量．(3)题图为五个连续点，T ＝0.02 s ，小车的加速度a ＝x 3＋x 4－(x 1＋x 2)4T 2＝(3.78＋3.65)－(3.52＋3.39)4×0.022×10－2 m/s 2＝3.25 m/s 2 (4)认为拉力不变，则a ＝FM ＋m，变形得：1a ＝M F ＋m F .图中直线的斜率为k ，纵轴上的截距为b ，则k ＝1F ，b ＝M F，解得：M ＝b k .。

高考物理总复习优编增分练：实验题考点排查练12 (全国Ⅱ卷)实验题考点排查练

亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……学习资料专题2018年(全国Ⅱ卷)实验题考点排查练22．(2018·广东省佛山市质检一)某多用电表内部的部分电路如图1所示，已知微安表表头内阻R g ＝100 Ω，满偏电流I g ＝200 μA ，定值电阻R 1＝2.5 Ω，R 2＝22.5 Ω，电源电动势E ＝1.5 V ，则该多用电表图1(1)A 接线柱应该与________(填“红”或“黑”)表笔连接；(2)当选择开关S 接________(填“a ”或“b ”)挡时其对应的电阻挡的倍率更高；(3)若选a 挡测量电阻，则原表盘100 μA ，对应的电阻刻度值应当为________Ω；原表盘50 μA 的刻度，对应的电阻刻度值应当为________Ω.答案 (1)黑 (2)b (3)150 450解析 (1)当用欧姆表测电阻时，电源和表头构成回路，根据电源正负极连接方式可知，黑表笔与电源正极相连，故A 接线柱应该与黑表笔连接；(2)整个回路最小电流I min ＝E R 内＋R 外 , 同时I min ＝I g R g R 1＋R 2＋I g ，当选择开关S 接b 挡时，此时R 外有最大值．当选择开关S 接b 挡时其对应的电阻挡的倍率更高．(3)用a 挡测量电阻，欧姆调零时，I m ＝I g (R g ＋R 2)R 1＋I g ＝0.01 A ，此时R 内＝E I m＝150 Ω，当I g1＝100 μA ，此时干路电流为I ＝I g1(R g ＋R 2)R 1＋I g1＝5 000 μA ，由于I ＝E R 内＋R 外，解得R 外＝R 内＝150 Ω；当表盘I g2＝50 μA 时，此时干路电流为I ′＝I g2(R g ＋R 2)R 1＋I g2＝2 500 μA ，由于I ′＝ER 内＋R 外，解得R 外＝3R 内＝450 Ω.23．(2018·河南省濮阳市第三次模拟)某同学利用如图2所示的实验装置测定铁块与木板之间的动摩擦因数，实验步骤如下：图2A ．将斜槽轨道的末端调整水平；B ．使木板紧靠槽口末端O 点，其上表面与槽口在同一水平面上；C ．使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，铁块最终停在木板上的B 点，测出OB 间的距离L ；D ．去掉木板，再使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，测出铁块做平抛运动的水平位移x 和槽口离地面的高度h .(1)本实验中，斜槽表面粗糙对实验结果是否有影响？________(填“是”或“否”)．(2)该同学根据测得的数据，则可求出铁块与木板间的动摩擦因数μ＝________.答案 (1)否 (2)x 24hL解析 (1)铁块不管是平抛还是在木板上滑动，都是利用斜槽末端的速度，斜槽表面粗糙与否不影响从挡板处静止释放到达斜槽末端的速度大小，所以填“否”；(2)在木板上滑动，利用动能定理得：－μmgL ＝0－12mv 2 铁块做平抛运动，则有：x ＝vt ，h ＝12gt 2 联立解得：μ＝x 24hL。

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2015年(全国Ⅰ卷)实验题考点排查练22．(2018·湖北省4月调研)城市建设中常常用半径很大的圆形水泥管道作为雨水和污水的排放管道．为估测该管道的半径，使用的器材有：小球、秒表、上表面光滑的长木板．请将下列实验步骤补充完整：图1(1)将小球放在管道中，标出小球静止在水泥管圆弧底部的最低点A ，如图1所示；(2)将长木板倾斜放置在圆形管道上，______________；(3)让小球从长木板上端由静止滑下，______________.由上述测量结果，可得圆形管道的半径R ＝__________.(已知重力加速度为g )答案 (2)让木板的下端置于A 点 (3)用秒表测量出小球从木板的上端滑到A 点的时间t 14gt 2解析 (2)将长木板倾斜放置在圆形管道上，让木板的下端置于A 点；(3)让小球从长木板上端由静止滑下，用秒表测量出小球从木板的上端滑到A 点的时间t . 设木板与OA 的夹角为α，则小球下滑的加速度a ＝g cos α，由几何关系知，木板的长度为2Rcos α，根据2R cos α＝12at 2可解得：R ＝14gt 2 23．(2018·广东省揭阳市模拟)把电流表改装成电压表的实验中，所用电流表G 的满偏电流I g 为200 μA ，内阻估计在400～600 Ω之间．(1)按图2测定电流表G 的内阻R g ，需要选用合适的器材，现有供选用的器材如下：图2A ．滑动变阻器(阻值范围0～200 Ω)B ．滑动变阻器(阻值范围0～1 750 Ω)C ．电阻箱(阻值范围0～999 Ω)D ．电阻箱(阻值范围0～99 999 Ω)E ．电源(电动势6 V ，内阻0.3 Ω)F ．电源(电动势12 V ，内阻0.6 Ω)(1)按实验要求，R 最好选用________，R ′最好选用________，E 最好选用________．(填入器材的字母代号)(2)假定由上述步骤已测出电流表内阻R g ＝500 Ω，现在通过串联一个24.5 k Ω的电阻把它改装成一个电压表，此电压表的量程为________．(3)如图3甲是测定未知电阻R x 的电路图，测量时，电流表的读数为0.20 A ，而由(2)中改装后的电压表的表头读数如图乙所示，那么R x 的阻值等于________．图3答案 (1)D C F (2)5 V (3)15 Ω解析 (1)根据“半偏法”的实验原理可知，为使干路电流保持不变，应使电阻箱R 的阻值越大越好，所以R 应选择电阻箱D ；根据实验原理可知，电阻箱R ′应选择与待测电流表内阻接近的电阻箱C ；通过计算可知，应选择电动势较大的电源F ；(2)根据串并联规律可知，改装的电压表量程应为：U ＝I g (R g ＋R )＝5 V ；(3)因改装后的电压表量程为5 V ，所以电压表的读数为：U ＝5200×120 V＝3 V ，待测电阻的阻值为：R ＝U I ＝30.2Ω＝15 Ω.。

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2017年(全国Ⅲ卷)实验题考点排查练22．(2018·贵州省毕节市模拟)某同学用以下器材验证力的平行四边形定则并测量橡皮筋的劲度系数：刻度尺、橡皮筋、装有水的矿泉水瓶(总质量为m)、量角器和细线若干条，实验时始终没有超过橡皮筋的弹性限度．a．将橡皮筋上端固定，下端系一段细线1，让其自然下垂，用刻度尺测出橡皮筋的长度为l0；b．将矿泉水瓶通过细线连接在橡皮筋下端，待矿泉水瓶静止后用刻度尺测出此时橡皮筋的长度l1；c．如图1所示，用另一根细线2的一端系在细线1与橡皮筋结点处，通过细线2的另一端将矿泉水瓶缓慢拉起，该过程中保持细线2与橡皮筋垂直，用量角器测得最终橡皮筋偏离竖直方向的夹角为60°，并用刻度尺测出此时橡皮筋的长度为l2.图1(1)若当地的重力加速度大小为g，则橡皮筋的劲度系数k＝________.(2)若l0、l1、l2满足__________，则说明力的平行四边形定则成立．答案(1)mgl1－l0(2)l1＝2l2－l0解析(1)橡皮筋的原长为l0，挂上质量为m的矿泉水瓶后的长度为l1，根据胡克定律：mg＝k(l1－l0)，解得k＝mgl1－l0.(2)由平衡条件可知：mg cos 60°＝k(l2－l0)，即：l1＝2l2－l0.即若l0、l1、l2满足l1＝2l2－l0，则说明力的平行四边形定则成立．23．(2018·广东省梅州市5月二模)在物理课外活动中，小明同学制作了一个简单的多用电表，图2甲为电表的电路原理图．已知选用的电流表内阻R g＝10 Ω、满偏电流I g＝10 mA，当选择开关接3时为量程250 V的电压表．该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C 为上排刻度线的中间刻度，由于粗心上排刻度线对应数值没有标出．图2(1)若指针指在图乙所示位置，选择开关接1时其读数为________；选择开关接3时读数为________．(2)为了测该多用电表欧姆挡的电阻和表内电源的电动势，小明同学在实验室找到了一个电阻箱，设计了如下实验：①将选择开关接2，红、黑表笔短接，调节R1的阻值使电表指针满偏；②将多用电表红、黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在C处，此时电阻箱如图丙所示，则C处刻度应为________Ω.③计算得到多用电表内电池的电动势为________V．(保留2位有效数字)(3)将选择开关接2，调零后将电表红、黑表笔与某一待测电阻相连，若指针指在图乙所示位置，则待测电阻的阻值为________Ω.(保留2位有效数字)答案(1)7.0 mA 175 V (2)②150③1.5(3)64解析(1)选择开关接1时测电流，其分度值为0.2 mA，示数为7.0 mA；选择开关接3时测电压，其分度值为5 V，其示数为175 V；(2)②由题图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为0×1 000 Ω＋1×100 Ω＋5×10 Ω＋0×1 Ω＝150 Ω；③由题图乙所示可知，指针指在C处时，电流表示数为5.0 mA＝0.005 A，C处电阻为中值电阻，则电表内阻为150 Ω，电源电动势E＝I(R＋r)＝0.005×(150＋150) V＝1.5 V；(3)根据第(1)问可知，表头所示电流为7.0 mA；调零后将电表红、黑表笔与某一待测电阻相连，此时电路中的电流值也为7.0 mA，而表内电池的电动势为E＝1.5 V，表内总电阻为150Ω，由闭合电路欧姆定律可知：R＝1.50.007Ω－150 Ω≈64 Ω，所以待测电阻的阻值为64 Ω.。

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2017年(全国Ⅱ卷)实验题考点排查练22．(2018·安徽省“江南十校”二模)为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：①将电动小车、纸带和打点计时器等按如图1甲所示安装；②接通打点计时器电源(其打点周期为0.02 s)；③使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止在斜面上后再关闭打点计时器电源(小车在整个运动中所受阻力恒定)．在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图乙所示(纸带左端接在小车上)，请分析纸带数据，回答下列问题：(结果均保留2位有效数字)：图1(1)该电动小车运动的最大速度为________m/s.(2)关闭小车电源后，小车的加速度大小为______m/s2.(3)若小车的质量为0.4 kg，则小车的额定功率是________W.答案(1)2.0(2)4.0(3)3.2解析(1)根据纸带可知，当所打的点点距均匀时，表示小车匀速运动，此时速度最大，故有v m＝＝m/s＝2.0 m/s；(2)关闭电源后小车做匀减速直线运动，由于不知道中间确切的关闭电源的时间，故采用纸带最后四组数据计算，根据逐差法可得(4.28－5.56)×10－2m＝2a1T2，(4.93－6.21)×10－2m＝2a2T2，两式相加可得a＝＝×10－2m/s2＝－4.0 m/s2，负号表示加速度方向与运动方向相反；(3)当小车达到额定功率，匀速运动时有F＝F f，故小车的额定功率为：P＝Fv m＝F f v m＝m|a|v m＝0.4×4.0×2.0 W＝3.2 W.23．(2018·山东省青岛市5月二模)某同学用如图2甲所示电路测量电流表G1的内阻r1.供选择的仪器如下：待测电流表G1(0～5 mA，内阻约200 Ω)；电流表G2(0～10 mA，内阻约100 Ω)；定值电阻R1(100 Ω)；定值电阻R2(200 Ω)；滑动变阻器R3(0～1 000 Ω)；滑动变阻器R4(0～400 Ω)；电源E(电动势6 V，内阻可不计)；开关S及导线若干．图2(1)实验中要求电流表G1能达到满偏，则定值电阻应选________(填“R1”或“R2”)，滑动变阻器应选________(填“R3”或“R4”)，按照电路图，闭合开关S前应将滑动触头移至________端(填“a”或“b”)．(2)在图乙所示实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．(3)实验步骤如下：按电路图连接电路，将滑动变阻器的滑动触头移至一端；闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2的读数I1、I2；以I1为纵坐标，I2为横坐标，作出相应图线，如图丙所示．若图中直线的斜率为k，请用题中所给符号写出待测电流表内阻的表达式r1＝________.答案(1)R2R3a(2)如图所示(3)(－1)R2解析(1)因为电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍，所以定值电阻和待测电流表内阻接近，定值电阻应选R2；滑动变阻器采用限流式接法，则滑动变阻器应选用R3；为保证电路安全，应将滑动触头移至a端，使电路中的起始电流最小．(2)据电路图连实物图如图：(3)根据电流关系可得：I2＝I1＋，又＝k，解得：r1＝(－1)R2.。

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2017年(全国Ⅰ卷)实验题考点排查练22．(2018·广东省梅州市5月二模)如图1甲所示，是研究小车做匀变速直线运动规律的实验装置，打点计时器所接的交流电源的频率为f＝50 Hz，试问：图1(1)实验中，必要的措施是________．A．细线必须与长木板平行B．小车必须具有一定的初速度C．小车质量远大于钩码质量D．必须平衡小车与长木板间的摩擦力(2)如图乙所示，A、B、C、D、E、F、G是刚打好的纸带上7个连续的点．从图乙中可读得x6＝________cm，计算F点对应的瞬时速度的表达式为v F＝________.(3)如图丙所示，是根据实验数据画出的v2－2x图线(v为各点的速度大小)，由图线可知小车运动的加速度为________m/s2.(保留2位有效数字)答案(1)A(2)6.00(3)0.50(0.48～0.52)解析(1)实验中，细线必须与长木板平行，以减小实验的误差，选项A正确；实验中让小车由静止释放，不需要初速度，选项B错误；此实验不需要使得小车质量远大于钩码质量，选项C错误；此实验没必要平衡小车与长木板间的摩擦力，选项D错误．(2)从题图乙中可读得x6＝6.00 cm，计算F点对应的瞬时速度的表达式为v F＝＝.(3)由图线可知小车运动的加速度为a＝＝m/s2＝0.50 m/s223．(2018·广西钦州市第三次质检)某小组通过实验测绘一个标有“5.0 V7.5 W”某元件的伏安特性曲线，电路图如图2甲所示，备有下列器材：图2A．电池组(电动势为6.0 V，内阻约为1 Ω)B．电压表(量程为0～3 V，内阻R V＝3 kΩ)C．电流表(量程为0～1.5 A，内阻约为0.5 Ω)D．滑动变阻器R(最大阻值10 Ω，额定电流1 A)E．定值电阻R1(电阻值为1.5 kΩ)F．定值电阻R2(电阻值为3 kΩ)G．开关和导线若干(1)实验中所用定值电阻应选________(填“E”或“F”)．(2)根据图甲电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整．(3)某次实验时，电压表示数指针位置如图丙所示，则电压表读数是________V，元件两端电压是________V.(4)通过实验数据描绘出该元件的伏安特性曲线如图丁所示．若把两个同样的该元件并联后与电动势为4.5 V、内阻为1.5 Ω的电源相连接，则此时每个元件的电阻值均为________Ω.(计算结果保留2位有效数字)答案(1)F(2)如图所示(3)2.20 4.4(4)1.7 (1.5～1.9均可)解析(1)电源电动势为6.0 V，电压表量程为3 V，内阻为3 kΩ，则可将电压表扩大量程，串联一个大小为3 kΩ的分压电阻后，量程扩大到6.0 V，则定值电阻应该选择F.(2)实物电路连接如图；(3)某次实验时，电压表示数指针位置如题图丙所示，则电压表读数是 2.20 V，元件两端电压是2×2.20 V＝4.4 V.(4)设通过每个元件的电流为I，根据闭合电路欧姆定律应有E＝U＋2Ir，变形为U＝4.5－3I，在表示小灯泡的I－U图象中作出表示电源的I－U图象，如图所示，读出两图线的交点坐标为U ＝1.65 V ，I ＝0.95 A ，所以每个元件的电阻为R ＝UI ≈1.7 Ω.。

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2018年(全国Ⅲ卷)实验题考点排查练22．某同学用如图1所示的装置测定重力加速度：(1)电磁打点计时器的工作电压为________V，为交流，频率为50 Hz.(2)打出的纸带如图2所示，实验时纸带的________(选填“甲”或“乙”)端应和重物相连接．(3)实验中在纸带上连续打出点1、2、3、4、……、9，如图2所示，由纸带所示数据可算出实验时的加速度为________m/s2(保留两位有效数字)．图1图2答案(1)4～6 (2)乙(3)9.423．(2018·河南省安阳市第二次模拟)某实验小组计划测量一未知电阻的阻值，已经连接好实物图如图3甲所示．图3(1)请根据实物图在图乙所示方框中画出该实验的电路图，并标明表示各元件的字母．(2)图丙中电阻箱的读数是________Ω；如果将电阻箱的阻值由10.00 Ω调节到9.00 Ω，应____________．①先使电阻箱阻值调至如图丙所示，再将S 2接到A ，闭合S 1，记录下对应的电压表示数为2.20 V ，然后断开S 1；②保持电阻箱示数不变，将S 2切换到B ，闭合S 1，此时电压表的读数为2.80 V ，然后断开S 1，不计电源内阻，电压表可视为理想电表，据此可知，定值电阻R 1的阻值为________Ω.(计算结果保留3位有效数字)．答案 (1)如图所示(2)20.00 先将“×1”挡调到9，再将“×10”挡调到0 5.45解析 (1)实验电路图如图所示(2)电阻箱的读数为R ＝0×0.01 Ω＋0×0.1 Ω＋0×1 Ω＋2×10 Ω＝20.00 Ω；如果将电阻箱的阻值由10.00 Ω调节到9.00 Ω，先将“×1”挡调到9，再将“×10”挡调到0.(3)因为不计电源内阻，电压表可视为理想电表，所以将S 2切换到B ，闭合S 1时，电阻R 1两端的电压为U ＝2.80 V －2.20 V ＝0.6 V ；当将S 2接到A 时，通过R 1的电流为I ＝2.2020.00A ＝0.11 A ，故R 1＝U I ＝0.60.11Ω≈5.45 Ω.。

全国通用版2019高考物理总复习优编增分练：实验题考点排查练32015年全国Ⅰ卷实验题考点排查练

2015年(全国Ⅰ卷)实验题考点排查练22．(2018·湖北省4月调研)城市建设中常常用半径很大的圆形水泥管道作为雨水和污水的排放管道．为估测该管道的半径，使用的器材有：小球、秒表、上表面光滑的长木板．请将下列实验步骤补充完整：图1(1)将小球放在管道中，标出小球静止在水泥管圆弧底部的最低点A ，如图1所示； (2)将长木板倾斜放置在圆形管道上，______________； (3)让小球从长木板上端由静止滑下，______________.由上述测量结果，可得圆形管道的半径R ＝__________.(已知重力加速度为g )答案 (2)让木板的下端置于A 点 (3)用秒表测量出小球从木板的上端滑到A 点的时间t14gt 2解析 (2)将长木板倾斜放置在圆形管道上，让木板的下端置于A 点；(3)让小球从长木板上端由静止滑下，用秒表测量出小球从木板的上端滑到A 点的时间t . 设木板与OA 的夹角为α，则小球下滑的加速度a ＝g cos α，由几何关系知，木板的长度为2Rcos α，根据2R cos α＝12at 2可解得：R ＝14gt 223．(2018·广东省揭阳市模拟)把电流表改装成电压表的实验中，所用电流表G 的满偏电流I g 为200 μA ，内阻估计在400～600 Ω之间．(1)按图2测定电流表G 的内阻R g ，需要选用合适的器材，现有供选用的器材如下：图2A ．滑动变阻器(阻值范围0～200 Ω)B ．滑动变阻器(阻值范围0～1 750 Ω)C ．电阻箱(阻值范围0～999 Ω)D ．电阻箱(阻值范围0～99 999 Ω)E ．电源(电动势6 V ，内阻0.3 Ω)F ．电源(电动势12 V ，内阻0.6 Ω)(1)按实验要求，R 最好选用________，R ′最好选用________，E 最好选用________．(填入器材的字母代号)(2)假定由上述步骤已测出电流表内阻R g ＝500 Ω，现在通过串联一个24.5 k Ω的电阻把它改装成一个电压表，此电压表的量程为________．(3)如图3甲是测定未知电阻R x 的电路图，测量时，电流表的读数为0.20 A ，而由(2)中改装后的电压表的表头读数如图乙所示，那么R x 的阻值等于________．图3答案 (1)D C F (2)5 V (3)15 Ω解析 (1)根据“半偏法”的实验原理可知，为使干路电流保持不变，应使电阻箱R 的阻值越大越好，所以R 应选择电阻箱D ；根据实验原理可知，电阻箱R ′应选择与待测电流表内阻接近的电阻箱C ；通过计算可知，应选择电动势较大的电源F ；(2)根据串并联规律可知，改装的电压表量程应为：U ＝I g (R g ＋R )＝5 V ； (3)因改装后的电压表量程为5 V ，所以电压表的读数为：U ＝5200×120 V＝3 V ，待测电阻的阻值为：R ＝U I ＝30.2Ω＝15 Ω.。

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